上海市金山中学2014-2015学年高二上学期期中考试物理试题含答案
高二物理上学期期中-上海市金山中学2014-2015学年高二上学期期中物理试题及答案
2014-2015学年上海市金山中学高二（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共10题，每题3分，共30分，每小题的四个选项中只有一个正确）1．（3分）（2014秋•金山区校级期中）关于元电荷的理解，下列说法正确的是（）A．元电荷就是电子B．元电荷就是质子C．物体所带的电量只能是元电荷的整数倍D．元电荷是自然界中真实存在的一种实物粒子考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都等于元电荷或者是元电荷的整数倍．解答：解：A、元电荷是指最小的电荷量，不是电荷，不是指质子或者是电子，故AB错误；C、任何物体的带电量均是元电荷的整数倍，故C正确；D、元电荷是指质子或电子的带电量，不是自然界中真实存在的一种实物粒子，故D错误；故选：C．点评：本题就是对元电荷概念的考查，知道元电荷的概念即可解决本题．2．（3分）（2014秋•金山区校级期中）关于静电说法正确的（）A．静电除尘装置是利于了静电的吸引B．静电荷不可检测C．静电对人类只有危害而无任何益处D．复印机是利用静电的排斥作用考点：* 静电的利用和防止．专题：电场力与电势的性质专题．分析：本题考查是关于静电的防止与应用，从各种实例的原理出发就可以判断出答案．解答：解：A．静电除尘时除尘器中的空气被电离，烟雾颗粒吸附电子而带负电，颗粒向电源正极运动，利于了静电的吸引，故A正确；B．静电荷可以测量，若密立根的实验．故B错误；C．静电除尘，静电喷漆，静电复印等对人类有益处，故C错误；D．复印机是利用静电的吸附作用工作的，故D错误故选：A．点评：本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．3．（3分）（2014秋•金山区校级期中）关于电场，下列说法中正确的是（）A．电场是电荷周围空间实际存在的物质B．电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的C．电荷周围分布的电场线就是电场D．电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型考点：电场．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场是电荷周围存在的一种特殊物质；它对放入其中的电荷有力的作用．解答：解：A、电场是电荷周围空间实际存在的物质；A正确；B、电荷间的相互作用是通过电场作媒介而产生的；故B错误；C、电场线是人为引入的虚拟的线，但电场线不是电场；故C错误；D、电场是客观存在的一种物质，不是理想化的模型；故D错误；故选：A．点评：本题考查电场的性质，要注意电场是客观存在的实际物质，不是理想化的模型．4．（3分）（2008秋•雅安期末）关于点电荷，下列说法中正确的是（）A．只有体积很小的带电体才能看成是点电荷B．体积较大的带电体一定不能看成是点电荷C．当两个带电体的大小形状对它们之间的相互作用的影响可忽略时，这两个带电体均可看成点电荷D．当带电体带电量很少时，可看成点电荷考点：元电荷、点电荷．专题：电场力与电势的性质专题．分析：点电荷是不考虑其尺寸、形状和电荷分布情况的带电体，是实际带电体的理想化模型．在研究带电体间的相互作用时，若带电体的尺寸远小于它们之间的距离时，就可把带电体看成点电荷．点电荷是没有大小的带电体，是一种理想模型，实际的带电体（包括电子、质子等）都有一定大小，都不一定能看成点电荷．当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷．解答：解：A、B、C、电荷的形状、体积和电荷量对分析的问题的影响可以忽略时，就可以看成是点电荷，所以体积很大的带电体也有可能看成是点电荷，故AB错误，C正确；D、点电荷是不考虑其尺寸、形状和电荷分布情况的带电体，是实际带电体的理想化模型．当电荷间距离大到可认为电荷大小、形状不起什么作用时，可把电荷看成点电荷．物体能否简化为点电荷与电荷量的绝对大小无关，要看所研究的问题，故D错误；故选C．点评：本题关键明确点电荷是一直理想模型，知道物体是否可以简化为点电荷，关键是看物体的尺度在所研究的问题中是否可以忽略不计．5．（3分）（2010•奉贤区一模）用伏安法测灯泡电阻时，若将电流表和电压表的位置接成如图所示电路，可能出现的情况是（）A．电流表烧坏B．电压表示数为零C．灯泡不亮D．灯泡烧坏考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：由于电流表内阻较小，而电压表内阻较大；根据欧姆定律可知此时可能出现的情况．解答：解：由于电压表内阻较大，故电路中没有电流，故灯泡不亮；电流表中示数很小；此时电压表相当于直接接在电源两端，故此时电压表的示数接近电源电压，故ABD错误；C 正确；故选：C．点评：本题要求能正确理解电压表和电流表的内阻；明确电压表在电路中相当于开路，电流表相当于短路．6．（3分）（2011秋•花山区校级期末）一台电动机的输出功率是10kW，这表明该电动机工作时（）A．每秒消耗10kw电能B．每秒对外做10kw功C．每秒消耗10kJ电能D．每秒对外做10kJ功考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：已知电动机输出功率与工作时间，由公式W=Pt可以求出电流做的功．解答：解：电动机输出功率P=10kW=10000W，正常工作时间t=1s，输出功率W=Pt=10000W×1s=1×104 J；由于输出功率小于总功率，故消耗的电能将大于每秒对外所做的功；故ABC错误，D正确；故选：D．点评：熟练应用电功率公式的变形公式即可正确解题，解题时注意单位换算．7．（3分）（2014秋•阎良区校级期中）通过一个电阻的电流是5A，经过4min，通过该电阻的一个截面的电量是（）A．20CB．50CC．1200CD．2000C考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：根据电流的定义式，求通过电阻截面的电量．解答：解：根据，得q=It=5×240C=1200C．故C正确，A、B、D错误．故选C．点评：解决本题的关键掌握电流的定义式．8．（3分）（2001•上海）如图所示，A、B两点放有电量为+Q和+2Q的点电荷，A、B、C、D四点在同一直线上，且AC=CD=DB，将一正电荷从C点沿直线移到D点，则（）A．电场力一直做正功B．电场力先做正功再做负功C．电场力一直做负功D．电场力先做负功再做正功考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：AB连线上每一点的场强是由+Q和+2Q的点电荷共同叠加产生的．正电荷从C点沿直线移到D点，根据电场强度的叠加判断电场力的方向，再去判断做功的正负情况．解答：解：设AC=CD=DB=L+Q在C点产生的电场强度大小，方向向右+2Q在C点产生的电场强度大小，方向向左所以C点实际场强方向向右+Q在D点产生的电场强度大小，方向向右+2Q在D点产生的电场强度大小，方向向左所以D点实际场强方向向左所以从C点沿直线移到D点，场强方向先向右后向左，所以正电荷受电场力的方向也是先向右后向左，所以电场力先做正功再做负功．故选B．点评：电场强度是矢量，运算法则是平行四边形法则．9．（3分）（2008秋•嘉定区期末）两只额定电压均为110V的灯泡A和B，额定功率分别为100W和40W，为了使它们接到220V电源上能正常发光，同时电路消耗的电功率最小，如图所示的四个电路中最合理的是图（）A．B．C．D．考点：串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：由题可知，灯泡的电压相等，但是灯泡的功率不同，由此可以知道两种灯泡的电阻的大小不同，在由电路的串并联的知识先逐个分析灯泡能否正常的发光，再判断消耗的功率最小的电路．解答：解：A、由于灯泡要满足110V的额定电压，所以当B灯泡与电阻并联以后，B灯泡的电压无法达到额定110V的电压，故A错误；B、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡A 与电阻并联的话，会使并联的部分的电阻更小，所以AB的电压不会平分，AB不会同时正常发光，故B错误；C、由于额定电压都是110V，额定功率P A=100W、P B=40W，由此可知R B＞R A，把灯泡B 与电阻并联的话，可以使并联部分的电阻减小，可能使A与并联部分的电阻相同，所以AB 能同时正常发光，并且电路消耗的功率与A灯泡的功率相同，所以总功率的大小为200W；D、把AB并联之后与电阻串连接入电路的话，当电阻的阻值与AB并联的总的电阻相等时，AB就可以正常发光，此时电阻消耗的功率为AB灯泡功率的和，所以电路消耗的总的功率的大小为280W；由CD的分析可知，正常发光并且消耗的功率最小的为C，故C正确．故选C．点评：解答本题是一定要注意题目要同时满足两个条件即灯泡能够正常发光并且消耗的功率还要最小．10．（3分）（2011•上海）如图，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系于上、下两边，处于静止状态．地面受到的压力为N，球b所受细线的拉力为F．剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力（）A．小于NB．等于NC．等于N+FD．大于N+F考点：牛顿第二定律；库仑定律．专题：压轴题．分析：先对箱子和a整体受力分析，受重力，向下的静电力，线对整体向上的拉力，地面对整体的支持力，可以根据共点力平衡条件列式；剪短细线后，b加速上升，再次对木箱和a 整体受力分析，受重力，向下的静电力，地面对整体的支持力，根据共点力平衡条件再次列式，两次比较，就可以得出结论．解答：解：以箱子和a合在一起为研究对象，设其质量为M，剪断连接球b的细线前，则N=Mg﹣F+F e，其中F e表示b对a的库仑力，也即为b对a和箱子整体的库仑力；剪断连接球b的细线后，则N′=Mg+F e′，又由于在球b上升过程中库仑力变大（距离变近），所以N′＞N+F，所以D正确；故选：D．点评：本题也可以根据超重和失重的知识求解，开始对木箱和ab整体受力分析，支持力和总重力平衡，剪短细线后，b加速上升，整体处于超重状态，故支持力变大！二、多选题（本题共4小题，每小题4分，共16分，每小题的四个选项中至少有两个正确）11．（4分）（2013•昆都仑区校级模拟）关于静电场，下列结论普遍成立的是（）A．电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关B．电场强度大的地方电势不一定高，电场强度小的地方电势不一定低C．将一正点电荷从等量同种电荷的连线中点处移到无穷远处，电场力做功为零D．在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向考点：电场强度；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据U=Ed可知，电场中任意两点之间的电势差跟这两点的场强和两点沿电场线方向的距离；电场线的疏密代表场强的大小，沿电场线方向电势逐渐降低，故场强的大小与电势的高低无关；等量同种电荷的连线的中垂线不是等势线，故电荷沿此线运动时电场力做功不为0．电场线的方向即场强方向，而沿电场线方向电势降低最快．解答：解：A、根据U=Ed（其中d为两点沿电场线方向的距离）可知，电场中任意两点之间的电势差跟这两点的场强和两点沿电场线方向的距离，故A错误．B、电场线的疏密代表场强的大小，沿电场线方向电势逐渐降低，故电场强度大的地方电势不一定高，电场强度小的地方电势不一定低．故B正确．C、等量同种电荷的连线的中垂线不是等势线，故将一正点电荷从等量同种电荷的连线中点处移到无穷远处的过程中电场力做功不为0．故C错误．D、在任何静电场中，电场线的方向即场强方向，而沿电场线方向电势降低最快，故D正确．故选B、D．点评：掌握电场线的特点，能够熟练进行电场的合成是解决此类题目的基础．12．（4分）（2014秋•金山区校级期中）如图所示，电源电动势为E，内电阻为r．两电压表可看作是理想电表，当闭合开关，将滑动变阻器的滑动片由左端向右端滑动时，下列说法中正确的是（）A．小灯泡L2变暗，V1表的读数变大B．小灯泡L1变亮，V2表的读数变小C．小灯泡L2变亮，V1表的读数变大D．小灯泡L1变暗，V2表的读数变大考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：首先搞清电路的结构：变阻器与灯泡L1并联，再与灯泡L2串联．V1表测量路端电压，V2表测量灯泡L2的电压．将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律和串联电路分压规律分析两电压表读数的变化．解答：解：将滑动变阻器的触片由左端向右滑动时，变阻器接入电路的电阻变大，变阻器与灯泡L1并联的电阻变大，外电路总电阻增大，则路端电压随之增大，即V1表的读数变大．由闭合电路欧姆定律可知，流过电源的电流减小，灯泡L2变暗，电压表V2读数变小．灯泡L1的电压U1=E﹣I（r+R L2）增大，灯泡L1变亮．故AB正确．故选：AB．点评：本题是电路中动态分析问题．对于路端电压可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大，减小而减小判断．13．（4分）（2001•江西）如图，虚线a．b和c是某静电场中的等势面，它们的电势分别为U a、U b和U c．U a＞U b＞U c一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹如实线KLMN所示，由图可知（）A．粒子从K到L的过程中，电场力做负功B．粒子从L到M的过程中，电场力做负功C．粒子从K到L的过程中，静电势能增加D．粒子从L到M的过程中，动能减少考点：等势面；电势能．专题：定性思想．分析：电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加；电场力做功的正负还可以直接根据电场力的方向判断．解答：解：A、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故电场力做负功，故A 正确；B、根据E p=qφ，粒子从L到M的过程中，电势能减小，故电场力做正功，故B错误；C、根据E p=qφ，粒子从K到L的过程中，电势能增加，故C正确；D、粒子从L到M的过程中，电场力做正功，故动能增加，故C错误；故选AC．点评：本题关键关键根据E p=qφ得到电势能的变化情况，最后确定电场力的做功情况．14．（4分）（2009•嘉定区二模）小灯泡通电后其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为图线的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线．则下列说法中正确的是（）A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B．对应P点，小灯泡的电阻为R=C．对应P点，小灯泡的电阻为R=D．对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：由图看出此灯泡是非线性元件，根据电阻是指对电流的阻碍作用判断灯泡电阻与电压之间的关系；找到P点对应的电压和电流，根据欧姆定律求出此时灯泡的电阻；由功率公式可知功率对应图线的“面积”．解答：解：A、由图象可知，灯泡的电阻等于R=，等于图线上的点与原点O连线斜率的倒数，由数学知识可知，电压增大，此斜率减小，则灯泡的电阻增大．故A正确；B、C由图象可知，P点对应的电压为U1，电流为I2，则灯泡的电阻R=≠，故B 正确、C错误；D、因P=UI，所以图象中矩形PQOM所围的面积为对应P点小灯泡的实际功率，故D正确．故选ABD．点评：对于线性元件，其电阻R==，非线性元件，R=≠；对于U﹣I图与I﹣U图要区分清楚，电阻R=K，还是R=不能搞错．三、填空题（本题共有5小题，每题4分，共20分）15．（4分）（2014秋•金山区校级期中）真空中有一电场，在电场中的P点放一电荷量为4×10﹣9C的试探电荷，它受到的电场力为2×10﹣5N，则P点的场强为5000N/C；如果把这个试探电荷取走，则P点的电场强度为5000N/C．考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据检验电荷的电场力与电荷量的比值求出P点的电场强度．电场强度方向与负电荷所受电场力方向相反．把检验电荷的电荷量减小，电场强度不变；把这个检验电荷取走，P点的电场强度仍不变．解答：解：由题意，检验电荷电量为q=4×10﹣9C，受到的电场力为F=2×10﹣5N，则P点的电场强度==5×103N/C，方向与电场力方向相同．电场强度反映电场性质的物理量，与试探电荷无关，把这个检验电荷取走，P点的电场强度不变，仍为5×103N/C．故答案为：5000，5000．点评：本题考查电场强度定义式的应用能力，注意电场强度是描述电场本身的力的性质的物理量，与试探电荷无关．16．（4分）（2013秋•金台区期中）在真空中两个带等量异种的点电荷，电量均为2×10﹣8C，相距20cm，则它们之间的相互作用力为9×10﹣5N．在两者连线的中点处，电场强度大小为3.6×104N/C．（K=9.0×109Nm2/c2）考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据库仑定律求解与两电荷间的作用力．根据点电荷场强公式分别求出两点电荷在中点处产生的场强，再进行合成，求出合场强．解答：解：已知真空中两点电荷的电量均为q=2×10﹣8C，距离r=0.2m，根据库仑定律得电荷间的作用力F=k=9×109×N=9×10﹣5N两点电荷在中点处产生的场强大小为E==1.8×104N/C，方向相同，则在两者连线的中点处，电场强度大小为E合=2E=3.6×104N/C故答案为：9×10﹣5，3.6×104点评：本题两电荷连线上电场强度是两电荷产生的电场强度的叠加，根据平行四边形定则进行合成．17．（4分）（2014秋•金山区校级期中）如图所示，两个带同种电荷的小球A、B，分别用长度相等的绝缘细线悬于同一点O，它们跟竖直方向的夹角分别为α和β，α＜β．则可知两小球的质量m A＞m B，所受静电力大小F A=F B（填“＞、=或＜”）．考点：库仑定律．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球受水平方向的库伦力和竖直方向的重力作用，根据平衡条件列出等式．根据平衡等式表示出所要比较的物理量，再根据已知量的关系进行比较．解答：解：两球之间的库仑力是一对作用力与反作用力，故球A对球B作用力大小等于球B对球A作用力大小．对小球受力分析，根据平衡条件有：m A g=m B g=由于β＞α，所以m A＞m B，．根据库仑定律，及牛顿第三定律可知，大小则有：F A=F B，故答案为：＞，=．点评：本题考查知识点较多，涉及运动的独立性以及物体的平衡等，较好的考查了学生综合应用知识的能力，是一道考查能力的好题．18．（4分）（2014秋•金山区校级期中）三个标有“100Ω，4W”、“12.5Ω，8W”、“90Ω，10W“字样的电阻，当它们串联时允许加的最大总电压是40.5V，并联时允许通过的最大总电流是1.01A．考点：电功、电功率；串联电路和并联电路．专题：恒定电流专题．分析：由功率公式求出三个电阻的额定电流，串联时电流相同，将它们串联使用，允许通过的最大电流等于最小的额定电流值．由功率公式求出串联时允许加的最大总电压．将它们并联使用，允许所加的最大电压等于较小的额定电压值．由欧姆定律求解并联时允许通过的最大总电流．解答：解：由P=I2R得，电阻“100Ω、4W”“12.5Ω8W”、“90Ω10W”的额定电流分别为：I1=A=0.2A；I2=A=0.8A；I3=A=A；额定电压分别为：U1=I1R1=0.2×100V=20V，U2=I2R2=0.8×12.5V=10V，U3=I3R3=×90V=30V 当它们串联时，电流相同，则允许通过的最大电流为0.2A，允许加的最大总电压是U=I max （R1+R2+R3）=0.2×（100+12.5+90）V=40.5V；若将它们并联使用，电压相同，则允许所加的最大电压为10V，允许通过的最大总电流是I= ==1.01A故答案为：40.5；1.01点评：本题关键在于抓住串并联电路的特点，确定电流的最小值和电压的最小值．19．（4分）（2008秋•卢湾区期末）用等效替代法测电阻的电路图如图所示．R1为电阻箱，它既可以调节电阻，又可以直接读出电阻值，R2为滑动变阻器．为测未知电阻R x的阻值，闭合S2，先将S1拨向1，调节R2，使电流表有一适当的值并记下其读数I1，然后将S1拨向2，保持R2的值不变，调节R1，直到使电流表的示数等于I1时，电阻R x的值就等于电阻箱R1的读数．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：等效替代法测电阻，是利用并联电路，相同的电压，当电流相同时，则电阻也相同，从而实现等效替代．解答：解：如图所示，当开关接1时，调节滑动变阻器R2，使得电流表处于中间附近；当开关接入2时，保证滑动变阻器R2不动，通过调节变阻箱R1，来使得电流表处于之前的读数．则此时变阻箱的电阻即为待测电阻的阻值．故答案为：R2，R1点评：考查等效替代的测量电阻的方法，注意当接1后，调节滑动变阻器后，开关接入2后，一定保证滑动变阻器不动．否则就不具有等效替代．四、作图题（本题共2小题，每小题3分，共6分）20．（3分）（2008秋•卢湾区期末）初速为v0、带正电的点电荷q，在点电荷Q的电场中的运动轨迹如图中虚线所示：（1）在括号内标出点电荷Q的电性（2）在图中画出过C点的一条电场线（注明方向）．考点：电场线；等势面．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据运动轨迹的弯曲方向确定电荷所受电场力的方向，从而确定点电荷的电性．电场线的方向总是从正电荷出发，到负电荷终止，或从正电荷出发，到无穷远；或从无穷远到负电荷终止．解答：解：根据运动轨迹的弯曲方向确定电荷所受电场力的方向是背离Q的方向，所以它们的电性相同，都是正电荷．电场线的方向总是从正电荷出发，到负电荷终止，或从正电荷出发，到无穷远．故过C点的电场线如图．故答案如图：点评：本题切入点在于根据运动轨迹判断出两个电荷相互排斥，再结合正点电荷的电场线分布图进行分析．21．（3分）（2014秋•金山区校级期中）请按照（a）图中的电路图完成（b）图中的实物图连接，若图中电流表为理想电表，电源的电压恒为U，则用电器R0两端的电压U0的变化范围是0≤U≤U0（请用不等式表示）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题；恒定电流专题．分析：根据图a所示电路图连接实物电路图；根据电路结构、应用串并联电路特点求电压变化范围．解答：解：由图a所示电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，根据电路图连接实物电路图如图所示；由电路图可知，当滑片在最左端时，用电器R0两端的电压U0=U，当滑片在最右端时，用电器R0两端的电压U0′=0，则用电器R0两端的电压U0的变化范围是0≤U≤U0；故答案为：实物电路图如图所示；0≤U≤U0．点评：本题考查了实物电路图的连接、求电阻两端电压变化范围，分析清楚电路结构是正确连接实物电路图的前提与关键；滑动变阻器采用分压接法时，电压可以从零开始变化．五、计算题（本大题共有4题，第22、23题各6分，第24、25题各8分，共28分）22．（6分）（2014秋•金山区校级期中）有一带电量q=﹣3×10﹣6C的点电荷，从电场中的A 点移到B点时，克服电场力做功6×10﹣4J，从B点移到C点时电场力做功9×10﹣4J．问：（1）AB、BC、CA间电势差各为多少？（2）如以B点为零电热，则A、C两点的电势各为多少？考点：电势差与电场强度的关系；电势差；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：（1）负电荷从A移到B点的过程，电荷克服电场力做功，A点的电势高于B点的电势．从B点移到C点，电场力对电荷做正功，B点的电势低于C点的电势．根据电势差公式U=，分别求出A、B间与B、C间的电势差，再求出A、C间的电势差．（2）根据电势差U AB=φA﹣φB，U BC=φB﹣φC，分别求出A、C的电势．解答：解：（1）负电荷从A移到B点的过程，电荷克服电场力做功，可见负电荷从电势高处移至电势低处．即φA＞φBAB间的电势差：U AB==V=200V负电荷从B移至C，电场力做正功，可见负电荷从电势低处移至电势高处，即φC＞φBBC间的电势差：U BC=﹣=V=﹣300VAC间的电势差：U AC=φA﹣φC=φA﹣φB+φB﹣φC=U AB+U BC=﹣100V。
2024届上海市金山中学高二物理第一学期期中预测试题含解析
2024届上海市金山中学高二物理第一学期期中预测试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。
3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、一石块从楼顶自由落下，不计空气阻力，取g=10m/s2，石块在下落过程中，第1.0s 末速度的大小为（）A．5.0m/sB．10m/sC．15m/sD．20m/s2、气体由无规则运动的分子组成，分子间有相互作用，因此气体的内能（）A．仅包含分子动能B．仅包含分子势能C．与分子动能及分子势能无关D．包含分子动能及分子势能3、有一个电流表G，内阻Rg=10Ω满偏电流Ig=3mA．要把它改装成量程0～3V的电压表，则（）A．要串联一个阻值为990Ω的电阻B．要并联一个阻值为990Ω的电阻C．要串联一个阻值为0.10Ω的电阻D．要并联一个阻值为0.10Ω的电阻4、如图所示的电路中，电源电压恒定，其中两个电阻分别为10Ω和20Ω，另一个电阻R大小未知，当S断开时，理想电压表的示数为6V，当S闭合后，a、b两点间电压可能是（）A．11VB．10VC．9VD．8V5、关于静电场,下列说法中正确的是( )A．在电场强度为零的区域电势一定处处为零B．负电荷从电势低的点运动到电势高的点,电势能一定减少C．两点间的电势差与零电势的选取有关D．根据公式U=Ed知,在匀强电场中两点间的距离越大,电势差就越大6、如图所示为a、b两电阻的伏安特性曲线，图中，关于两电阻的描述正确的是A．电阻a的阻值随电流的增大而增大B．因图线的斜率表示电阻的倒数，故电阻b的阻值C．在两图线交点处，电阻a的阻值等于电阻b的阻值D．在电阻b两端加2 V电压时，流过电阻的电流是4A二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。
上海市金山中学高二上学期期末考试物理试卷 Word版含解析.pdf
上海市金山中学2014-2015学年高二上学期期末物理试卷 （第一卷）全体同学都做一、单选题（本题共10题，每题3分，共30分，每小题的四个选项中只有一个正确） 1．首先发现电流磁效应的物理学家是( ) A．法拉第B．特斯拉C．安培D．奥斯特 考点：物理学史． 专题：常规题型． 分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可． 解答：解：奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家；故ABC错误，D正确； 故选：D． 点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一． 2．关于磁感线和电场线，下述说法中正确的是( ) A．磁感线是闭合曲线，而电场线不是闭合曲线 B．磁感线和电场线都是一些互相平行的曲线 C．磁感线起始于N极，终止于S极；电场线起始于正电荷，终止于负电荷 D．磁感线和电场线都能分别表示磁场和电场的大小与方向 考点：磁感线及用磁感线描述磁场；电场线． 分析：电场线的方向，是正电荷所受电场力的方向，正电荷只在电场力的作用下不一定沿电场线运动，电场线越密，场强越大，沿电场线的方向电势降低． 磁体的周围存在着看不见，摸不着但又客观存在的磁场，为了描述磁场，而引入了磁感线，磁感线并不客观存在． 磁感线在磁体的周围是从磁体的N极出发回到S极．磁感线的方向描述了磁场的方向，磁感线的疏密程度表示了磁场的强弱． 磁场的方向规定：放在磁场中的小磁针北极受力的方向就是该点的磁场方向，也就是该点磁感线的方向． 解答：解：A、磁感线是闭合曲线，磁感线从磁体的外部N极出发回到S极，内部从S极到N极；而电场线是从正电荷到负电荷，所以不是闭合曲线，故A正确，C错误； B、电场线与磁感线可以是直线，也可以是曲线，故B错误． D、磁感线和电场线都能描述方向，但只能根据疏密大致判断磁场和电场的强弱；故D错误； 故选：A． 点评：充分理解和掌握电场线的特点是解决此题的关键．此题考查了磁感线的引入目的，磁场方向的规定，记住相关的基础知识，对于解决此类识记性的题目非常方便． 3．下面关于电势和电势能的说法正确的是( ) A．电荷在电场中电势越高的地方，具有的电势能也一定越大 B．在负的点电荷的电场中的任一点，正电荷的电势能大于负电荷的电势能 C．电势降低的方向，一定就是场强方向 D．电势能是电场和电荷共同决定的 考点：电势能；电势． 分析：要熟练掌握从两个方面判断电势能的高低变化：一是根据电势的高低利用公式Ep=φq进行判断，二是根据电场力做功判断电势能的变化，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功电势能增大． 解答：解：A、根据公式Ep=φq可知，正电荷在电势高的地方电势能大，负电荷在电势高的地方电势能小，故A错误； B、在电场中的任何一点上，若此处的电势为正，则正电荷所具有的电势能大于负电荷具有的电势；若此处的电势为负，则正电荷所具有的电势能小于负电荷具有的电势．一般选择无穷远处为零电势点，因此负点电荷周围的电势为负值，所以在负点电荷电场中的任一点，放入的正试探电荷具有的电势能一定小于负试探电荷具有的电势．故B错误． C、沿电场线的方向电势降低，电场线的方向是电势降落最快的方向，不能说电势降低的方向就是电场线的方向．故C错误； D、电势能是电场和电荷所共有的，由它们共同决定，故D正确． 故选：D． 点评：本题考查电势、电势能的关系，可根据电势能公式Ep=φq分析它们之间的关系．要注意电荷的正负． 4．如图所示，闭合方形线框ABCD处在足够大并与线圈平面垂直的匀强磁场中，下列各种情况中能在线框中产生感应电流的是( ) A．线框向右作匀速直线运动 B．线框向右作加速直线运动 C．线框以AB为轴转动 D．线框以A点为圆心在纸面内转动 考点：感应电流的产生条件． 分析：要使线圈中产生感应电流，则穿过线圈的磁通量要发生变化，回路要闭合． 解答：解：A、线框沿纸面向右作匀速直线运动，磁通量不变，故无感应电流，故A错误； B、线框垂直纸面向右作加速直线运动，磁通量不变，故无感应电流，故B错误； C、线框以AB为轴转动，磁通量不断变化，有感应电流，故C正确； D、线框以A点为圆心在纸面内转动，磁通量不变，故无感应电流，故D错误； 故选C． 点评：穿过线圈的磁通量，可以假想成穿过线圈磁感线的条数，则当条数发生变化时，必有感应电动势出现．而条数的变化可以由线圈的运动确定． 5．有一小段通电导线，长0.1m、电流5A，把它放入磁场中某一位置，受到的磁场力是2N，则该处磁感应强度的大小不可能为( ) A．3TB．4TC．5TD．6T 考点：安培力． 分析：在磁场中磁感应强度有强弱，则由磁感应强度来描述强弱．将通电导线垂直放入匀强磁场中，即确保电流方向与磁场方向相互垂直，则所受的磁场力与通电导线的电流与长度乘积之比． 解答：解：长为0.01m，电流强度为5A，把它置入某磁场中某点，受到的磁场力为0.1N， 当垂直放入磁场时，则公式B=， 若不是垂直放入磁场时，则磁感应强度比4T还要大． 因选不可能的，故选：A． 点评：磁感应强度的定义式B=可知，是属于比值定义法，且导线垂直放入磁场中．即B与F、I、L均没有关系，它是由磁场的本身决定．例如：电场强度E=一样．同时还要注意的定义式B=是有条件的． 6．如图所示为用“与”门构成的简易报警器的示意电路．当报警器发出警报声时，电键S1、S2处于的状态为() A．S1、S2都断开B．S1、S2都闭合 C．S1断开，S2闭合D．S1闭合，S2断开 考点：简单的逻辑电路． 专题：恒定电流专题． 分析：根据题意图示为与门电路，当输入为11时，输出为1，报警器发出警报声． 解答：解：A、S1、S2都断开时，与门电路的输入为01时，输出为0，报警器不发出警报声，故A错误 B、S1、S2都闭合时，与门电路的输入为10时，输出为0，报警器不发出警报声，故B错误 C、S1断开，S2闭合时，与门电路的输入为00时，输出为0，报警器不发出警报声，故C错误 D、S1闭合，S2断开时，与门电路的输入为11时，输出为1，报警器发出警报声，故D正确 故选D 点评：考查了与门电路的逻辑关系，会分析基本电路工作原理． 7．如图所示，通有恒定电流的直导线左边有一个矩形线框，线框平面与直导线共面，使线框向右平移并紧贴直导线越过，则线框中的磁通量变化情况为( ) A．先增大后减小，再增大再减小 B．先增大到最大，再减小 C．先减小后增大，再减小 D．不能确定 考点：磁通量． 分析：根据安培定则判断出穿过线框的磁感线方向．分四段研究：线框从a位置到刚b、从刚到b到中线经过b、从a的中线离开b到完全离开b时、从离开b到c四个过程． 解答：解：分四段过程研究： 线框从a位置到右侧刚b的过程，根据安培定则判断得到：穿过线框的磁场方向向外，磁场增强，磁通量增大； 从线框右侧刚b到线框中线经过b的过程：穿过线框的左部分的磁场向外，右侧磁场向里，两边磁通量有抵消，而且抵消增多，磁通量减小； 从线框中线经过b到刚离开b的过程：穿过线框的左部分的磁场向外，右侧磁场向里，右侧的磁感线较多，两边磁通量有抵消，但抵消减小，磁通量增大； 从线框离开b到c位置的过程，磁场减弱，磁通量减小． 所以先增加再减少，再增加再减少． 故选：A． 点评：本题中线框经过b位置时，穿过线框的磁场有两种方向，磁通量有抵消，当线框中线经过b时，完全抵消，磁通量为零． 8．如图，在正六边形的a、c两个顶点上各放一带正电的点电荷，电量的大小都是q1，在b、d两个顶点上，各放一带负电的点电荷，电量的大小都是q2，q1＞q2．已知六边形中心O点处的场强可用图中的四条有向线段中的一条来表示，它是哪一条( ) A．E1B．E2C．E3D．E4 考点：电场强度． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：图中点O的电场强度等于四个点电荷分别单独存在时在O点产生场强的矢量和，根据平行四边形定则两两合成即可． 解答：解：由于q1＞q2，a、d两点电荷在O点的合场强水平向右，b、c两点电荷的合场强指向左下，但这个向左的分量没有a与d两点电荷在O点的合场强强，所以总的场强指向右下；故ACD错误；B正确． 故选：B． 点评：本题是电场叠加的问题，关键是要明确空间某点的电场强度等于各个点电荷分别单独存在时在该点产生场强的矢量和；同是要注意两两合成的先后顺序，尽量简化问题． 9．一负电荷从电场中A点由静止释放，只受电场力作用，沿电场线运动到B点，它运动的速度一时间图象如图所示，则A、B所在区域的电场线分布情况可能是图中的( ) A．B．C．D． 考点：电场线． 分析：vt图象中的斜率表示物体的加速度，所以根据电荷运动过程中vt图象可知电荷的加速度越来越大，则电场力越来越大，电场强度越来越大，根据电场线与电场强度的关系可得出正确结果． 解答：解：由vt图象可知，粒子做加速度逐渐增大的加速运动，因此该电荷所受电场力越来越大，电场强度越来越大，电场线密的地方电场强度大，且负电荷受力与电场方向相反，C正确． 故选：C． 点评：本题结合vt图象，考查了电场强度与电场线以及电荷受电场力与电场方向之间的关系，考点结合巧妙、新颖，有创新性． 10．如图所示，原来静止的圆形线圈通过逆时针方向的电流，在其直径ab上靠近b点有一长直导线垂直于圆形线圈平面被固定．今在长直导线中通以图示方向的电流时，在磁场力的作用下，圆形线圈将( ) A．向左平动B．向右平动C．仍然静止D．绕ab轴转动 考点：平行通电直导线间的作用． 分析：先使用安培定则判断出直导线周围的磁场的方向，然后使用左手定则判断出圆形线圈的受力． 解答：解：根据右手螺旋定则知，直线电流在a点的磁场方向竖直向上，与a点电流方向平行，所以a点不受安培力．同理b点也不受力； 取线圈上下位置一微元研究，上边微元电流方向水平向左，下边微元电流方向水平向右，直线电流在此处位置产生的磁场方向为斜向下，根据左手定则，上边微元受到的安培力垂直纸面向外，下边微元所受安培力垂直纸面向里，所以圆形线圈将以直径AB为轴转动． 故选：D 点评：本题考查了右手螺旋定则和左手定则，通过微元法解决，判断导体的运动的规律常用的方法还有：等效法，特殊位置法，结论法． 三、填空题（每空2分共24分） 11．自然界中的闪电，生产中静电产生的电火花容易引起爆炸、燃烧等事故．为了防范静电带来的危害，我们可以采用静电放电、使用避雷针和保持湿度等措施． 考点：* 静电的利用和防止． 分析：静电危害是由于相互间不断摩擦，从而产生大量的静电，不及时导走，会出现放电危害． 解答：解：当打雷的时候，由于静电的感应，在高大的建筑物顶端积累了很多的静电，容易导致雷击事故，所以在高大的建筑物顶端安装避雷针可以把雷电引入地下，保护建筑物的安全，属于静电防止； 印刷车间中，纸张间摩擦产生大量静电，由于有一定的湿度，能及时导走， 故答案为：静电放电，保持湿度． 点评：静电有应用也有防止，在学习中要注意正确区分哪些是应用，哪些是防止． 12．如图所示，一个矩形线框，面积为S，线框平面与磁感应强度为B的匀强磁场方向垂直，则此时穿过线框的磁通量Φ=BS；若线框从初始位置绕OO′轴转过180°角时，该过程穿过线框的磁通量的变化量的绝对值|△Φ|=2BS． 考点：磁通量． 分析：图示时刻，线圈与磁场垂直，穿过线圈的磁通量等于磁感应强度与线圈面积的乘积．当它绕轴转过θ角时，线圈在磁场垂直方投影面积为Scosθ，磁通量等于磁感应强度与这个投影面积的乘积．线圈从图示转过180°时，磁通量为BS，磁通量的变化量大小等于初末位置磁通量之差． 解答：解：如图，闭合线圈abcd在匀强磁场中与磁场方向垂直，则穿过线圈的磁通量φ1=BS．当线圈从图示转过180°时，磁通量φ3=BS，线圈从图示转过180°的过程，磁通量的变化量大小为△φ=2BS． 故答案为：BS，2BS； 点评：对于匀强磁场中磁通量计算的一般公式φ=BScosθ，θ是线圈与磁场垂直方向的夹角． 13．将标有“110V、40W”白炽灯L1和标有“110V、100W”白炽灯L2，与一只滑动变阻器（0～300Ω）组合起来接在220V的线路上，以下四种电路，要使L1、L2都能正常发光的是BC最省电的是C 考点：电功、电功率；串联电路和并联电路． 专题：恒定电流专题． 分析：两灯泡均要正常发光，则两灯泡的电压都要为110V，求出两灯泡正常发光时，整个电路的消耗的功率，比较哪个电路消耗功率最小． 解答：解：根据R=知，R1＞R2，在A电路中，L1和L2串联，电流相等，则电压不等，有一个灯泡分担的电压会大于110V，会烧坏．故A电路不能满足正常发光． L2与R的并联电阻一定小于L1，则L1分担的电压一定大于110V，会被烧坏． 当L1和L2并联部分消耗的电压为110V时，两灯泡能正常发光，整个电路消耗的功率为： P=2×（P1+P2）=280W． 当R1与电阻R的并联电阻等于L2电阻时，灯泡就能正常发光，整个电路消耗的功率为： P=2×100W=200W．所以C电路消耗的功率最小． 故能正常发光的是BC；功率最小的是C； 故答案为：BC；C． 点评：解决本题的关键要抓住两个条件，一要正常发光，二要消耗的功率最小．所以该题用排除法解决比较好． 14．有一台电动机，其两端的电压为380V，通过它的电流为5A，电动机刚好能提起600N的物体以3m/s的速度匀速上升，不考虑其它机械损失，则电动机的电功率为1900W，电动机线圈的电阻为4Ω． 考点：电功、电功率． 专题：恒定电流专题． 分析：（1）根据P=UI求解电动机的输入功率； （2）根据P出=Fv求解输出功率，根据P=UI+I2r求解线圈的电阻． 解答：解：（1）电动机，其两端的电压为380V，通过它的电流为5A，故输入功率为： P=UI=380×5W=1900W ① （2）重物匀速上升，拉力等于重力，故： F=mg ② 电动机的输出功率： P出=Fv ③ 根据能量守恒定律，有： P=P出+I2r ④ 联立①②③④解得： r===4Ω 答：（1）电动机的电功率为1900W；（2）电动机线圈的电阻为4Ω． 点评：本题关键是明确电动机是非纯电阻电路，根据P=UI求解输入功率，根据P出=Fv求解输出功率，根据P热=I2r求解发热功率，同时要结合能量守恒定律列式． 15．如图一闭合三角形导线框ABC，∠ABC=120°，AB=BC=1m，放在磁感应强度为2T的匀强磁场中，磁场垂直于线框平面，若在线框中通以I=1A的电流，则AB与BC所受磁场力的合力大小为3.46N，整个线框所受磁场力的合力大小为0N． 考点：安培力． 分析：通电直角三角形线圈处于匀强磁场中，受到安培力作用，根据左手定则确定安培力的方向，再由公式F=BIL确定安培力的大小，最后由力的合成来算出安培力的合力 解答：解：AB与BC在磁场中的有效长度为AC的长度，故AC=2ABcos30°=，故受到的安培力F=BIAC=3.46N 通以电流方向，根据左手定则可知：各边所受的安培力背离中心处．由公式F=BIL得出各边的安培力的大小，从而得出安培力大小与长度成正比，因而两直角边的安培力合力与斜边的安培力等值反向．所以线圈所受磁场力的合力为零 故答案为：3.46，0 点评：本题考查安培力的大小与通电导线的长度关系，及力的合成法则．当然本题还可以采用等效法，导线AB与BC可等效成直导线A′C′电流方向由A′到C′，则此导线受到的安培力与直导线AC安培力方向相反，大小相等 16．如图所示，在光滑绝缘水平面上方AB区间内存在水平向右的匀强电场，现有一根电荷分布均匀的绝缘细橡胶棒以v0=20m/s的初速度沿水平面从右侧进入电场区域，已知AB宽度D=1.0m，电场强度E=4×105N/C，绝缘细橡胶棒带电量q=+5×105C，质量m=0.01kg，长度L=0.072m，则细橡胶棒在电场内的过程中增加的电势能最大值为2J．细橡胶棒刚好全部进入电场时的速度为16m/s． 考点：电势能． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：当细棒全部进入电场中，停止运动时棒的动能全部转化为电势能时，电势能最大．根据功能关系和动能定理列式求解． 解答：解：当细棒全部进入电场中，停止运动时棒的动能全部转化为电势能时，电势能最大，则根据功能关系得：最大的电势能为 Epm==J=2J． 细橡胶棒从开始到刚好全部进入电场时，电场力做功为 W==0.072J=0.72J 根据动能定理得： W=解得：v==m/s=16m/s． 故答案为：2；16 点评：解决本题的关键是掌握功能关系，能正确计算电场力做功，要注意细棒所受的电场力均匀增大，电场力的平均值等于初末状态时电场力的平均值． 四、作图题（1分、3分、4分．共8分） 17．如图所示用电信号的方式标出了“或”门输入端A、B的输入情况，请画出输出端Z的输出电信号． 考点：简单的逻辑电路． 专题：恒定电流专题． 分析：或门电路的特点是输入端只要有一个1，输出即为1． 解答：解：或门电路的特点是输入端只要有一个1，输出即为1，只有全部输入端是0，输出才是0． 输出如图 点评：了解三种门电路的特点，在实际问题中要具体问题具体分析，难度不大． 18．画出下列各图中直AB导线受磁场力的方向． 考点：安培力． 分析：根据左手定则判断出安培力的方向，伸开左手，使大拇指与四指方向垂直，四指方向与电流方向相同，磁场方向垂直于掌心，大拇指所指方向为安培力的方向 解答：解：根据左手定则，导线所受安培力方向竖直向下，如图所示． 点评：解决本题的关键掌握左手定则判断磁场方向、电流方向、安培力方向的关系 19．在图示装置中，当ab导体棒运动时，螺线管正下方的小磁针静止在图示位置且N极指向右． （1）画出ab导体棒上感应电流的方向 （2）ab导体棒应向右（填“左”或“右”）滑动． 考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律． 专题：电磁感应与电路结合． 分析：（1）根据安培定则判断出回路中感应电流的方向． （2）由右手定则判断导体棒ab的运动方向． 解答：解：（1）根据异名相吸可知螺线管左端相当于N极，右端相当于S极，由安培定则判断可知ab导体棒上感应电流的方向向下． （2）根据右手定则可知ab导体棒应向右滑动． 故答案为：（1）如图所示．（2）右． 点评：对于安培定则和右手定则，关键要明确两点：一是什么条件用什么定则；二是怎样用定则． 五、实验题（3分、3分、6分．共12分） 20．如图所示，用传感器测量通电螺线管轴线（x轴）上的磁感应强度，然后绘出Bx图象，设x=0处为螺线管轴线的中央，下面最符合实际情况的图是( ) A．B．C．D． 考点：磁感应强度． 分析：通电螺线管内部的磁场是匀强磁场，磁感应强度比螺线管管口处磁感应强度大． 解答：解：通电螺线管内部的磁场是匀强磁场，磁感应强度处处相同，由于内部磁感线比管口密，磁感应强度B较大，故B正确． 故选B 点评：本题的解题关键要了解通电螺线管内部的磁场是匀强磁场，根据磁感线的疏密判断B的大小． 21．（多选题）如图所示，下列判断正确的是：( ) A．合上K后将A插入B过程中指针偏转 B．线圈A插入B通电后，变阻器至滑b端后，指针偏转 C．线圈A插入B通电后，静止不动，指针不偏转 D．线圈A插入B通电后，开关K断开的瞬间，指针偏转 考点：楞次定律． 专题：电磁感应与电路结合． 分析：由安培定则判断出磁场的方向，然后由楞次定律判断出感应电流方向，最后判断出指针偏转方向． 解答：解：根据灵敏电流计的电流从“+”接线柱流入时指针向右偏转，由安培定则可知，线圈A产生的磁场方向向向下； A、合上K，将线圈A插入B的过程中，穿过B的磁通量增大，由楞次定律可知，感应电流从“”接线柱流入，电流表指针向左偏，故A正确． B、线圈A插入B通电后，变阻器向b端滑动时，电阻增大，则电流减小，导致穿过线圈B的磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流从“+”接线柱流入，电流表指针向右偏，故B错误． C、线圈A插入B通电后，静止不动，穿过线圈B的磁通量不变，则不会产生感应电流，则指针不偏转．故C正确； D、线圈A插入B通电后，开关K断开的瞬间，导致穿过线圈B的磁通量减小，由楞次定律可知，感应电流从“+”接线柱流入，电流表指针向右偏，故D正确； 故选：ACD 点评：本题考查了判断电流表指针偏转方向，应用安培定则、楞次定律即可正确解题． 22．（1）用多用表的欧姆档测量阻值约为几十kΩ的电阻Rx，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆档调零旋钮，把你认为正确的步骤前的字母按合理的顺序填写在下面的横线上． a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆档的零刻度，断开两表笔 b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出Rx的阻值后，断开两表笔 c．旋转S使其尖端对准欧姆档×1k d．旋转S使其尖端对准欧姆档×100 e．旋转S使其尖端对准交流500V档，并拔出两表笔 cabe． 根据如图所示指针位置，此被测电阻的阻值约为30000Ω． （2）（多选题）下述关于用多用表欧姆档测电阻的说法中正确的是AC A．测量电阻时如果指针偏转过大，应将选择开关S拨至倍率较小的档位，重新调零后测量 B．测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，则会影响测量结果 C．测量电路中的某个电阻，应该把该电阻与其他元件断开 D．测量阻值不同的电阻时都必须重新调零． 考点：用多用电表测电阻． 专题：实验题． 分析：（1）使用欧姆表测电阻，选根据待测电阻阻值选择合适的挡位，然后进行欧姆调零，再测电阻，使用完毕，应把选择开关置于off挡或交流电压最高挡上．欧姆表指针示数与挡位的乘积是欧姆表的示数． （2）欧姆表是测量电阻的仪表，把被测电阻串联在红黑表笔之间，欧姆表电流是从黑表笔流出红表笔流入，同时要注意以下几点： ①用欧姆表测电阻，每次换挡后和测量前都要重新调零（指欧姆调零）． ②测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开． ③测量时注意手不要碰表笔的金属部分，否则将人体的电阻并联进去，影响测量结果． ④合理选择量程，使指针尽可能在中间刻度附近． 解答：解：（1）使用欧姆表测几十kΩ的电阻，应选择×k挡，然后进行欧姆调零，再测电阻阻值，最后把选择开关打到OFF挡上，并拔出表笔，故正确步骤为：c、a、b、e； 由图示欧姆表可知，欧姆表示数为30×1000=3×104Ω． （2）A、欧姆档更换规律“大小，小大”，即当指针偏角较大时，表明待测电阻较小，应换较小的档位；反之应还较大的档位．故A正确； B、电流总是从红表笔流入从黑表笔流出多用电表，测量电阻时，如果红、黑表笔分别插在负、正插孔，不会影响测量结果．故B错误； C、测电阻时待测电阻不仅要和电源断开，而且要和别的元件断开．故C正确； D、每次换挡一定要进行欧姆调零．故D错误． 故选：AC． 故答案为：（1）cabe，30000；（2）AC 点评：该题考查多用电表的欧姆表的读数的方法以及使用过程中的几个注意事项，其中要注意：①实际应用中要防止超量程，不得测额定电流极小的电器的电阻（如灵敏电流表的内阻）．②测量完毕后，应拔出表笔，选择开关置于OFF挡位置，或交流电压最高挡；长期不用时，应取出电池，以防电池漏电．③欧姆表功能：测量电阻、测二极管正负极． 六、计算题（3题共26分） 23．如图所示，匀强电场中，有a、b、c三点，ab=5cm，bc=12cm，其中ab沿电场方向，bc和电场方向成60°角，一个电荷量为q=4×108C的正电荷从a点移到b点，电场力做功W1=1.2×107J，求： （1）匀强电场的场强E； （2）a、c两点间的电势差Uac． 考点：电势差；电势差与电场强度的关系． 专题：电场力与电势的性质专题． 分析：（1）根据电场力做功公式W=qEd，求解电场强度，d是电场线方向两点间的距离． （2）先分别求出ab之间和bc之间的电势差，再求解a、c两点的电势差Uac． 解答：解：（1）根据公式：W=qEd 所以：N/C （2）ab之间的电势差：Uab=E?dab=60×0.05V=3V bc之间的电势差：Ubc=E?dbccos60°=60×0.12×0.5V=3.6V ac之间的电势差：Uac=Uab+Ubc=3V+3.6V=6.6V 答：（1）匀强电场的场强是60N/C； （2）a、c两点间的电势差是6.6V． 点评：匀强电场中电场力做功公式W=qEd中，d是两点间沿电场线方向的距离，求功时要注意判断功的正负． 24．如图所示，在与水平方向成60°角的光滑金属导轨间连一电源，在相距1m的平行导轨上放一重力为3N的金属棒ab，棒上通过3A的电流，磁场方向竖直向上，这时金属棒恰好静止，求： （1）匀强磁场的磁感强度为多大？ （2）欲使导体棒静止在导轨上，外加的匀强磁场的磁感应强度的最小值？ 考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力． 分析：（1）根据共点力平衡求出安培力的大小，从而根据F=BIL求出磁感应强度的大小． （2）当安培力平行斜面向上时，F有最小值，即磁感应强度具有最小值． 解答：解：（1）棒静止时，通过受力分析可知． 则有：F=Gtan60° 即：BIL=Gtan60° 解得：B==T=T． （2）若要使B取值最小，即安培力F最小．显然当F平行斜面向上时，F有最小值，此时B应垂直于斜面向上，且有：。
上海市金山中学高二上学期期中物理试卷含解析.doc
上海市金山中学2016-2017学年高二（上）期中物理试卷（解析版）一.单项选择题1. 下列说法错误的是（）A. 一次能源的储量是有限的，所以我们要合理地利用能源B. 城市居民燃烧的煤气、天然气、液化气属于二次能源C. 解决能源问题，关键在于提高能源的利用率D. 开发和利用新能源，特别是核能和太阳能，是解决能源问题的主要出路2. 关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是（）A. 摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷B. 摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体C. 感应起电说明电荷不能从物体的一个部分转移到物体另一个部分D. 感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了3. 下述说法正确的是（）A. 元电荷就是质子B. 物体所带的电量只能是某些值C. 元电荷是带正电的电子D. 由库仑定律F二k上导可知，当两电荷间距离rTO时，FT®r4. 关于电势差和电场力做功的说法中，正确的是（）A. 电势差是矢量，电场力做的功是标量B. 在两点间移动电荷，电场力不做功，则两点间的电势差为零C. 在两点间被移动的电荷的电荷量越少，则两点间的电势差越大D. 在两点间移动电荷时，电场力做止功，则两点间的电势差大于零5. 下列说法中符合物理学史实的是（）A. 伽利略认为力是维持物体速度的原因B. 牛顿发现了万有引力定律，并比较准确地测出了引力常量C. 牛顿对能量守恒定律的提出做岀了卓越的贡献D. 库仑利用扭秤装置发现了库仑定律并测出了静电力常量k的值6. 如图是表示在同一电场中a、b、c、d四点分别引入检验电荷吋，测得的检验电荷的电荷量跟它所受电场力的函数关系图象，那么下列叙述正确的是（）B. a、b、c、d四点的场强大小关系是E d>E a>E b>E cC. a、b、c、d四点的场强大小关系是E a>E c>E b>E dD. a、b、d三点的场强方向不相同7.两个相同的金属小球A、B,所带的电量q A=+qo> Q B= - 7q0>相距r放置时，相互作用的引力大小为F.现将A球与B球接触，再把A、B两球间的间距增在到2r,那么A、B之间的相互作用力将变为（）A. 斥力、曇B.斥力' 卷C.引力、養D.引力' 寻" &某电解池，如果在Is内共有5X 1018个二价正离子和1X 1019个一-价负离子通过面积为O.ln?的某截面，那么通过这个截面的电流是（）A. 0B. 0.8AC・ 1.6AD・ 3.2A9. 如图所示，墙壁上的Q处有一固定的质点A,在Q上方P点用绝缘丝线悬挂另一质量的小球B, A、B带同种电荷后而使悬线与竖直方向成B角.由于漏电使带电荷量逐渐减少，在电荷漏完之前悬线对P点的拉力大小（）A. 保持不变B.先变小后变大C.逐渐减小D.逐渐增大io.真空中有一半径为心的带电金属球壳，通过其球心的一直线上各点的电势e分布如图，r表示该直线上某点到球心的距离，匕、Q分别是该直线上A、B两点离球心的距离.下列说法屮正确的是（）A. A点的电势低于B点的电势B. A点的电场强度方向由A指向BC. A点的电场强度小于B点的电场强度D. 正电荷沿直线从A移到B的过程中，电场力做负功11. 如图所示电路屮，当滑动变阻器R3的滑片P向上端a滑动时，电流表A】、A. 电流表Ai增大, A?减小, 电压表V减小B. 电流表A〕减小, A?增大, 电压表V减小C. 电流表Ai增大, A?增大, 电压表V增大D. 电流表A】减小, A?减小，电压表V增大A?及电压表V的示数的变化情况是（12. 如图所示，用两根等长的细线各悬一个小球，并挂于同一点，已知两球质量相等，当它们带上同种电荷时，相距r而平衡，若它们的电荷量都减少一半，待它们重新平衡后，两球的距离将（）二.填空题13. （8分）人类社会自从进入电气化时代以来，就一直在不断地探寻电能的来源.如今常见的发电方式有：①火力发电、②水力发电、③核发电，其中将自然界的机械能转化为电能的方式是—（写序号即可）•如果把直接来自于自然界的煤炭称为一次能源，那么由煤炭转化而来的电能则属于—能源.14. （8分）两根完全相同的金属裸导线A和B,如果把导线A均匀拉长到原来的2倍，导线B对折后结合起来，然后分别加上相同的电压，则它们的电阻之比R A：R B为__________ ，相同时间内通过导体横截而的电荷量之比qA： qB为______ ・15. （8分）如图所示，竖直平面内有两个水平固定的等量同种正点电荷，AOB 在两电荷连线的中垂线上，0为两电荷连线中点，AO=OB=L,—质量为m、电荷量为q的负点电荷若由静止从A点释放则向上最远运动至0点.现若以某一初速度向上通过A点，则向上最远运动至B点，重力加速度为g・该负电荷A点运动到B点的过程中电势能的变化情况是—；经过0点时速度大小为—・•II© --------------------------- i .................................... ①：0k.I•III16. （8分）如图所示，有一个半径为R的绝缘细橡胶圆环，均匀带正电Q,圆环竖直放置.今在圆环水平直径的左侧切去一小段，留下一小缺口，其宽度为a（且a«R）,则剩余部分在圆心处形成的场强大小为，方向・三.计算题（10+10+10）17. （10分）如图，匀强电场中，A、B、C三点构成一个直角三角形，把电荷量q=-2XW10C的点电荷由A点移到B点，静电力做功4.8X10'8J,再由B点移到C点，电荷克服静电力做功4.8X103,取B点的电势为零，（1）求A点，C点的电势分别是多少？（2）在图中过B点划出一条电场线，简单说明你是如何画出的.18. (10分)如图所示，光滑绝缘细杆竖直放置，细杆右侧距杆0.3m处有一固定的正点电荷Q, A、B是细杆上的两点，点A与Q、点B与Q的连线与杆的夹角均为a二37。
上海市金山中学2014-2015学年高二下学期期中物理试题及答案
2014-2015学年上海市金山中学高二（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（共18分，每小题2分．每小题只有一个正确选项）1．（2分）（2015春•上海校级期中）在国际单位制中，力学中的三个基本单位是（）A．kg、m、m/s2B．kg、m、sC．A、m、ND．kg、m/s2、N考点：力学单位制．分析：国际单位制规定了七个基本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．他们在国际单位制中的单位分别为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．解答：解：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为kg、m、s，故B正确，ACD错误．故选：B．点评：单位制包括基本单位和导出单位，规定的基本量的单位叫基本单位，国际单位制规定了七个基本物理量，分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．2．（2分）（2010•湖南三模）通电导体发热的规律是由下列哪位物理学家总结的（）A．欧姆B．焦耳C．安培D．法拉第考点：物理学史．分析：通电导体发热的规律是由焦耳发现的，而欧姆发现了欧姆定律、安培发现了通电导线电流与磁场方向的关系、法拉第发现了电磁感应现象．解答：解：通电导体发热的现象称为电流的热效应，是由英国科学家焦耳发现的．故选B点评：对于科学家的重大发现、重要发明和著名学说等物理学史，要加强记忆，这也是考试的内容之一．3．（2分）（2013•贵州模拟）有两个共点力，一个力的大小是5N，另一个力的大小是7N，它们合力大小可能是（）A．18NB．13NC．3ND．1N考点：力的合成．分析：两力合成时，合力随夹角的增大而减小，当夹角为零时合力最大，夹角180°时合力最小，并且F1+F2≥F≥|F1﹣F2|．解答：解：两力合成时，合力范围为：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故12N≥F≥2N，所以可能的是C．故选C．点评：本题关键根据平行四边形定则得出合力的范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．4．（2分）（2015春•上海校级期中）关于电场线，下列说法中正确的是（）A．电场线是电场中实际存在的一些曲线B．匀强电场的电场线是一组相互平行等间距的直线C．两条电场线在电场中可以交于一点D．电场线起始于负电荷，终止于正电荷考点：电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线；电场线的切线方向即为场强的方向，故任意两条电场线都不会相交；电场线的疏密代表电场的强弱．解答：解：A、电场线是人们为了形象地描述电场而引入的线，它不是真实存在的曲线；故A错误；B、由于电场线的疏密程度反映电场的强弱，所以匀强电场的电场线疏密程度相同，即是一组相互平行等间距的直线，故B正确；C、电场线的切线方向即为场强的方向，所以两条电场线在电场中不可以交于一点．故C错误；D、据电场线的分布知，电场线起始于正电荷，终止于负电荷，故D错误．故选：B．点评：该题考查电场线的性质，记住电场线的特点即可顺利解出此题，故要在理解的基础上牢记基本概念．5．（2分）（2015春•上海校级期中）一水平振动的弹簧振子，以平衡位置O为中心在A、B 两点间作简谐运动，则下列说法正确的是（）A．振子在O点的速度、加速度都达到最大B．振子速度方向改变时，其位移方向也发生改变C．振子的加速度变大，其速度一定减小D．振子从A运动到AO的中点，再运动到O点两段经历的时间相等考点：简谐运动的振幅、周期和频率．分析：弹簧振子是一个不考虑摩擦阻力，不考虑弹簧的质量，不考虑振子（金属小球）的大小和形状的理想化的物理模型．用来研究简谐振动的规律．解答：解：A、振子通过平衡位置时，回复力为零，加速度为零，速度最大，故A错误；B、振子在最大位移处速度方向改变，但其位移方向不发生改变，故B错误；C、振子的加速度变大，说明远离平衡位置，速度一定减小，故C正确；D、振子从A到O是加速运动，故振子从A运动到AO的中点，再运动到O点两段经历的时间不相等；故D错误；选：C．点评：本题关键熟悉弹簧振子额运动规律，熟悉其速度、加速度、位移、回复力的变化规律，基础题．6．（2分）（2014春•平顶山期末）一物体置于光滑水平面上，受互相垂直的水平力F1、F2作用，如图，经一段位移，F1做功为6J，克服F2做功为8J，则F1、F2的合力做功为（）A．14JB．10JC．﹣2JD．2J考点：功的计算．专题：功的计算专题．。
上海市金山中学最新高二物理上学期期中等级考试试题含解析
上海市金山中学２018—2019学年高二物理上学期期中等级考试试题含解析一、选择题共４0分，第１－8小题，每小题3分，第9-12小题，每小题4分，每小题只有一个正确答案１．下列现象中，最能恰当地说明分子间有相互作用力的是A. 气体容易被压缩B. 高压密闭的钢管中的油从筒壁渗出C．两块纯净的铅块紧压后合在一起 Ｄ。
滴入水中的墨汁微粒向不同方向运动答案C解析试题分析:A中说明气体分子间的距离比较大，A错误,高压密闭的钢管中的油沿筒壁逸出，说明分子之间有间隙,故选项B错误；将两块表面干净、平整的铅压紧,两块铅就结合在一起说明由于分子引力两个铅块粘在了一起，故选项Ｃ正确；滴入水中的墨汁微粒向不同方向运动说明了分子的无规则运动，D错误，考点：考查了对分子间相互作用力的理解点评：１组成物质的分子在不停的做无规则运动，分子的运动与温度有关，称为热运动；2分子间存在间隙，有相互作用的引力和斥力;３不同的物质相互接触时，彼此进入对方的现象叫做扩散,扩散发生在固体、液体和气体之间．2．下列关于温度及内能的说法中正确的是 Ａ。
物体吸热，温度一定升高B. 一个物体的温度升高，一定是外界对物体做功C. 质量和温度相同的冰和水，内能是相同的D。
某一铁块,温度降低,内能一定减小答案D解析晶体熔化时吸热，但温度不变,故A错误；一个物体的温度升高,不一定是外界对物体做功，还可能是吸收了热量,故B错误;质量和温度相同的冰和水，水的内能大，故C错误；同一物体分子个数是一定的，当温度降低时，分子的热运动越缓慢，则分子的动能就越小，从而物体的内能减小；由于铁块的质量不变，因此铁块的温度降低,内能一定减小,故D正确。
所以D正确,ABC错误.３. 下列能源中属于常规能源的是A. 太阳能 Ｂ。
天然气 C。
核能 D．地热能答案B解析新能源又称非常规能源。
是指传统能源之外的各种能源形式。
指刚开始开发利用或正在积极研究、有待推广的能源，如太阳能、地热能、风能、海洋能、生物质能和核聚变能等。
学14—15学年高二上学期期中考试物理试题(扫描版)(附答案)
2014学年第一学期期中考试高二物理参考答案一、选择题：（本题共13小题，每小题3分，共39分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）二、填空题：(每空2分，共20分)14．250 V， -6×10－4 J（或减少6×10－4 J）； 15. ＞，＞；16. 1100 W，8Ω。
17. 4.8KΩ， 2.35×10－6 C.18．20 V/m，30°。
(3）保温电热丝消耗的电功率错误！未找到引用源。
-------------------（2分）22．（11分）解答：（1）＋q 与－q 在C 点产生的电场强度大小相等，有E 1＝E 2＝错误！未找到引用源。
又因为△ABC 为等边三角形，易知E 1、E 2的夹角是120°，所以二者的合场强为E C ＝错误！未找到引用源。
-------------（2分）方向竖直向下-------------（1分）（2）小球到达最低点C 时 有F N －mg －E C ＝m v 20R----（2分）F N ＝mg ＋m v 20R ＋k QqL 2 ----------------------（1分）（3）小球由最高点M 运动到C 的过程中，由动能定理得mgR ＋U MC Q ＝12mv 20 -------------------------（3分） 可得MC 两点的电势差为U MC ＝12Q(mv 20－2mgR ) 又等量异种电荷中垂线上的电势相等，即C 、D 两点电势相等为零 ----（1分） 故M 点的电势为φM ＝U MC ＝12Q (mv 20－2mgR ) ---------------------（1分）。
上海市金山中学高二上期中物理学科等级考试试卷
上海市金山中学高二上期中物理学科等级考试试卷考生注意：1.试卷满分100分,考试时刻60分钟。
2.本考试分设试卷和答题纸。
试卷包括三部分,第一部分为选择题,第二部分为填空,第三部分为综合题。
3.全卷.102s/gm一、选择题(共40分，第1-8小题,每小题3分,第9-12小题,每小题4分，每小题只有一个正确答案)1.下列现象中,最能恰当地说明分子间有相互作用力的是A.气体容易被压缩B.高压密闭的钢管中的油从筒壁渗出C.两块纯洁的铅块紧压后合在一起D.滴入水中的墨汁微粒向不同方向运动2.下列关于温度及内能的说法中正确的是A.物体吸热,温度一定升高B.一个物体温度升高，一定是外界对物体做功C.质量和温度相同的冰和水,内能是相同的D.某一铁块,温度降低,内能一定减小3.下列能源中属于常规能源的是A.太阳能B.天然气C.核能D.地热能4.下列说法中正确的是A.电子和质子差不多上元电荷B.一个带电体的电荷量为205.5倍的元电荷C.元电荷是最小的带电单位D.元电荷有正、负之分5.下列措施中,不属于防止静电危害的是A.油罐车后有一条拖在地上的铁链条B.静电除尘设备C.在印染厂中保持适当的湿度D.在地毯上夹杂0.05～0.07mm 的不锈钢丝导电纤维6.了解物理规律的发觉过程,学会像科学家那样观看与摸索往往比把握知识更重要,下列说法不符合物理学史实的是A.法拉第最早提出电场的概念，并提出用电场线表示电场B.牛顿通过“理想斜面实验”，推翻了亚里斯多德的“力是坚持物体运动的缘故”C.库仑总结出了真空中静止点电荷之间相互作用的规律D.美国物理学家密立根最早用油滴实验精确地测出了元电荷e 的电荷量7.关于关系式，IU R =下列说法正确的是 A.导体的电阻跟导体两端的电压成正比,跟通过导体的电流成反比B.通以不同电流的两个导体,电流较大的导体电阻就较小C.导体中通过一定的电流所需电压越高,该导体的电阻也越大D.导体上加一定电压时,通过的电流越大,该导体的电阻也越大8.关于电场强度的定义式，qF E =下列说法正确的是 A.q 越大则E 越小B.q 为试探电荷的电荷量C.q 为场源电荷的电荷量D.E 的方向与试探电荷的受力方向相同9.某静电场的电场线分布如图所示,图中P 、Q 两点的电场强度的大小别为，和Q P E E 电势分别为，和Q P ϕϕ则第9题 第10题 第11题A.Q P Q P E E ϕϕ＞，＞B.Q P Q P E E ϕϕ＜，＞C.Q P Q P E E ϕϕ＞，＜D.Q P Q P E E ϕϕ＜，＜10.如图所示,曲线表示固定在x 轴上b a 、两点的两个点电荷产生的电势与位置之间的对应关系,两个点电荷所带电荷量分别为p a q q 、，和21间距离大于b p 、间距离，从图中能够判定以下说法正确的是A.两点电荷带异种电荷B.电势最低的p 点的电场强度为零C.将一负的验电荷从b 地左侧邻近移到p 处,检电荷的电势能减小D.b p 、间的电场方向都指向b 点11.一个阻值为R 的电阻两端加上电压后,通过导体截面的电荷量q 与通电时刻t 的图像如图所示,此图线的斜率等于A.UB.RU C.RD.U R 12.如图,在正电荷Q 的电场中有M 、N 、P 、F 四点,M 、N 、P 为直角三角形的三个顶点,F 为MN 的中点,∠NMP=30°,M 、N 、P 、F 四点处的电势分别用Q P N M ϕϕϕϕ、、、表示,已知，，Q P N M ϕϕϕϕ==点电荷Q 在M 、N 、P 三点所在平面内,则A.连接PF 的线段一定在同一等势面上B.将正试探电荷从P 点搬运到N 点,电场力做负功C.将正试探电荷从P 点搬运到N 点,电势能增加D.点电荷Q 一定在MP 的连线上二、填空题(共20分)13.静电场有两个差不多特性:一个是电荷放在静电场中会受到__________作用；另一个是放在静电场中的电荷具有__________.14.导体中的电流是，A μ5那么在3.2s 内有________C 的电荷定向移动通过导体的横截面，相当于_______个电子通过该截面。
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金山中学 2014 学年度第一学期高二年级物理学科期中考试 参 考 答 案
一、单项选择题（本题共 10 题，每题 3 分，共 30 分，每小题的四个选项中只有一个正 确）
二、多选题（本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分，每小题的四个选项中至少有两个正确）
三、填空题（本题共有 5 小题，每题 4 分，共 20 分）
25、 （8 分）如图所示，水平桌面处有水平向右的匀强电场，场强大小 E＝2104V/m，A、B 是完全相同的两个小物体，质量均为 m＝0.1kg，电量均为 q＝210 5C，且都带负电，原
－
来都被按在桌面上的 P 点。现设法使 A 物体获得和电场 E 同方向的初速 vA0＝12m/s，A 开 始运动的加速度大小为 6m/s2，经 时间后，设法使 B 物体获得和电场 E 同方向的初速 vB0 ＝6m/s（不计 A、B 两物体间的库仑力） ，求： （1）在 A 未与 B 相遇前，A 电势能增量的最大值； （2）如果要使 A 尽快与 B 相遇， 为多大？
上海市金山中学 2014-2015 学年高二上学期期中考试物理试题
1、关于元电荷的理解，下列说法正确的是（ ） A、元电荷就是电子 B、元电荷就是质子 C、物体所带的电量只能是元电荷的整数倍 D、元电荷是自然界中真实存在的一种实物粒子 2、关 于 静电说 法 正 确 的 （ B、静电荷不可检测 C、静电对人类只有危害而无任何益处 D、复印机是利用静电的排斥作用 3、关于电场，下列说法中正确的是( ) A、电场是电荷周围空间实际存在的物质 B、电荷间的相互作用不是通过电场作媒介产生的 C、电荷周围分布的电场线就是电场 D、电场是为了便于研究电荷的运动而引入的理想模型 4、关于点电荷，下列说法中正确的是( ) A、只有体积很小的带电体才能看成是点电荷 B、体积较大的带电体一定不能看成是点电荷 C、 当两个带电体的大小形状对它们之间的相互作用的影响可忽略时， 这两个带电体均可 看成点电荷 D、当带电体带电量很少时，可看成点电荷 ）
23、 （6 分）如图所示电路中，电压 U 恒为 12V，滑动变阻器总阻止 为 30 ，灯 L 标有“6V，1.8W”的字样，试求：为使灯正常发光， 滑动变阻器的 Pa 部分电阻应为多大？此时， 滑动变阻器消耗的电功 率为多大？
a U R P b L
24、 （8 分）如图所示电路，已知 R3=4 ，闭合电键，安培表读数为 0.75A，伏特表读数为 2V， 经过一段时间， 一个电阻被烧坏 （断路） ， 使安培表读数变为 0.8A， 伏特表读数变为 3.2V， 问： (1)哪个电阻发生断路故障？ (2)R1 的阻值是多少？ (3)能否求出电源电动势 和内阻 r？如能，求出结果；如果不能，说明理由。
A S2 Rx R1 1 2 R2
S1
下其读数 I1，然后将 S1 拨向 2，保持__________的值不变，调节＿＿＿＿，直到使电流表的 示数等于 I1 时，电阻 Rx 的值就等于电阻箱 R1 的读数。 四、作图题（本题共 2 小题，每小题 3 分，共 6 分） 20、初速为 v0、带正电的点电荷 q，在点电荷 Q 的电场中的运动轨迹 如图中虚线所示： （1）在括号内标出点电荷 Q 的电性 （2）在图中画出过 C 点的一条电场线（注明方向） 。 21、请按照（a）图中的电路图完成（b）图中的实物图连接，若图 中电流表为理想电表，电源的电压恒为 U ，则用电器 R0 两端的电压 U0 的变化范围是 ____________（请用不等式表示） 。
五、计算题（本大题共有 4 题，第 22、23 题各 6 分，第 24、25 题各 8 分，共 28 分）
22、 （6 分）有一带电量 q=-3× 10-6C 的点电荷，从电场中的 A 点移到 B 点时，克服电场力
做功 6× 10-4J．从 B 点移到 C 点时电场力做功 9× 10-4J．问： （1）AB、BC 间电势差各为多少？ （2）如以 B 点电势为零，则 A、C 两点的电势各为多少？
A、静电除尘装置是利于了静电的吸引
5、用伏安法测灯泡电阻时，若将电流表和电压表的位置接成如 图所示电路，可能出现的情况是( A、电流表烧坏 C、灯泡不亮 ) B、电压表示数为零 D、灯泡烧坏 )
6、一台电动机的输出功率是 10kW，这表明该电动机工作时( A、每秒消耗 10kw 电能 C、每秒消耗 10kJ 电能 B、每秒对外做 10kw 功 D、每秒对外做 10kJ 功
U BC ຫໍສະໝຸດ 4 W 9 1 0 300V q 3 106
φA=UAB=200V
23、 （1）10 ； （2）2.4W 24、 （1）伏特表和安培表有示数且增大，说明外电阻增大，故只能是 R2 被烧断路了 （2）R1=U1/I1=3.2/0.8=4Ω （3）UR3=I1R1-UR2=0.75×4-2=1V，I3=UR3/R3=1/4=0.25 A E=3.2+0.8（R4+r）得（R4+r）=1Ω，E=4V 故只能求出电源电动势 E 而不能求出内阻 r
7、通过一个电阻的电流是 5A,经过 4min，通过该电阻的一个截面的电量是( A、20C B、1200C C、50C D、2000C
)
8、如图所示，A、B 两点各放有电量为＋Q 和＋2Q 的点电荷，A、B、C、D 四点在同一直线 上，且 AC CD DB .将一正电荷从 C 点沿直线移到 D 点，则( (A)电场力一直做正功 (B)电场力先做正功再做负功 (C)电场力一直做负功 (D)电场力先做负功再做正功 9、两只额定电压均为 110V 的灯泡 A 和 B，额定功率分别为 100W 和 40w，为了使它们接到 220V 电源上能止常发光，同时电路消耗的电功率最小，如图电路中最合理的是图( ) )
12、如图所示，电源电动势为 E，内电阻为 r．两电压表可看 作是理想电表， 当闭合开关， 将滑动变阻器的滑动片由左端向 右端滑动时，下列说法中正确的是 （ A、小灯泡 L2 变暗，V1 表的读数变大 B、小灯泡 L1 变亮， V2 表的读数变小 C、小灯泡 L2 变亮，V1 表的读数变大 ）
V1
+
L1
L2
-
V2
+
-
E,r
+
D、小灯泡 L1 变暗， V2 表的读数变大
13、如图所示，虚线 a、b 和 c 是某静电场中的三个等势而，它们的电势 分别为 Ua、Ub 和 Uc，Ua＞Ub＞Uc.一带正电的粒子射入电场中，其运动轨 迹如实线 KLMN 所示，由图可知 ( ) (A)粒子从 K 到 L 的过程中，电场力做负功 (B)粒子从 L 到 M 的过程中，电场力做负功 (C)粒子从 K 到 L 的过程中，静电势能增加 (D)粒子从 L 到 M 的过程中，动能减少 14、研究小灯泡的伏安特性曲线，通电后其电流 I 随所加电压 U 变化的图线如图所示，P 为 图线上一点，PN 为图线的切线，PQ 为 U 轴的垂线，PM 为 I 轴的垂线，则下列说法中正确 的是 （ ） A．随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大 B．对应 P 点，小灯泡的电阻为 R＝U1/I2 U1 C．对应 P 点，小灯泡的电阻为 R＝ I2－I1 D．对应P点，小灯泡功率为图中矩形PQOM 所围的面积
－ －
16、在真空中两个带等量异种的点电荷，电量均为 2×10-8C，相距 20cm，则它们之间的相 互作用力为____N。在两者连线的中点处，电场强度大小为______N/C。 （K=9.0×109Nm2/c2） 17、如图所示，两个带同种电荷的小球 A、B，分别用长度相等的绝缘细线 悬于同一点 O，它们跟竖直方向的夹角分别为 α 和 β，α<β。则可知两小球 的质量 mA_______mB，所受静电力大小 FA_______FB（填“>、=或<” ） 。 18、三个标有"100Ω，4W”、“12.5Ω，8W”、“90Ω，10W"字样的电阻， 当 它 们 串 联 时 允 许 加 的 最 大 总 电 压 是 ________V ， 并 联 时 允 许 通 过 的 最 大 总 电 流 是 ________A 19、用等效替代法测电阻的电路图如图所示。R1 为电阻箱，它既可以调 节电阻，又可以直接读出电阻值，R2 为滑动变阻器。为测未知电阻 Rx 的阻值，闭合 S2，先将 S1 拨向 1，调节 R2，使电流表有一适当的值并记
四、作图题（本题共 2 小题，每小题 3 分，共 6 分）
A
+ +
（b）
0 U0 U
五、计算题（本大题共有 4 题，第 22、23 题各 6 分，第 24、25 题各 8 分，共 28 分）
22、 U AB
W 6 104 200V q 3 106
φC=UCB=-UBC=300V
10、如图，在水平面上的箱子内，带异种电荷的小球a、b用绝缘细线分别系 于上、下两边，处于静止状态。地面受到的压力为 N ，球b所受细线的拉力为
F 。剪断连接球b的细线后，在球b上升过程中地面受到的压力（ A、小于 N B、等于 N C、等于 N F D、大于 N F
）
二、多选题（本题共 4 小题，每小题 4 分，共 16 分，每小题的四个选项中至少有两个正确） 11、关于静电场，下列结论普遍成立的 是 ( ) A、电场中任意两点之间的电势差只与这两点的场强有关 B、电场强度大的地方电势不一定高，电场强度小的地方电势不一定低 C、将一正点电荷从等量同种电荷的连线中点处移到无穷远处，电场力做功为零 D、在正电荷或负电荷产生的静电场中，场强方向都指向电势降低最快的方向
O I I2 M I1 N Q U1 P
U
图 9-29
三、填空题（本题共有 5 小题，每题 4 分，共 20 分） 15、真空中有一电场，在电场中的 P 点放一电荷量为 4×10 9C 的检验电荷，它受到的电场 力为 2×10 5N， 则 P 点的场强为________N／C.如果把这个检验电荷取走， 则 P 点的电场强 度为_________N／C