广东省广州市执信中学2014-2015学年高一上学期期中物理试卷
2024-2025学年广东省广州市执信中学高一上学期期中物理试卷(含解析)
2024-2025学年广东省广州市执信中学高一（上）期中物理试卷及解析一、选择题：（本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1～7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8～10题有多项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（4分）执信中学今年有78名学生被中山大学录取，录取人数继续保持高位，很多执信学子进入高一就开始着手准备考中大，为了让同学们更好的了解中大，老师用手机导航软件查看了去中大的行驶线路，app界面上会显示出三条路线选择，具体图像如图所示，以下说法正确的是（ ）A．线路选择中的21分钟，代表时刻B．方案中显示的7.8千米，表示位移C．右侧方案和左侧方案对比，右侧方案汽车行驶的平均速度大D．右侧方案和中间方案对比，中间方案汽车行驶的平均速率大2．（4分）在教材中，有以下语句：任何物体受力时都会产生形变，只是形变有时很明显，可以用肉眼直接观察；有时很微小，需要借助仪器将其“放大”才能观察到。
如图所示的装置可以显示出硬木板的微小形变，以下说法正确的是（ ）A．重物受到的重力就是压力B．重物向上形变使物体受到向上支持力C．重物受到支持力的方向与硬木板恢复原状的方向一致D．压力和支持力是一对平衡力3．（4分）在教材习题中，我们做过同样习题；“歼﹣10”战斗机着陆时的速度很大，可用阻力伞使它减速（如图所示）。
假设一架“歼﹣10”战斗机在一条笔直的水平跑道上着陆，刚着陆时速度为120m/s，在着陆的同时立即打开阻力伞。
由于阻力的作用，战斗机加速度的大小为6m/s2。
战斗机着陆后30s时间内的位移（ ）A．900m B．1200m C．2400m D．6300m4．（4分）在教材习题中，我们做过同样习题；弹力在日常生活和工农业生产中有着广泛的应用，如生活中的缓冲装置就是利用弹簧的弹力作用来实现的。
某缓冲装置可抽象成如图所示的简单模型，图中k1，k2为原长相等、劲度系数不同的轻质弹簧。
广东省广州市执信中学2015届高三物理上学期期中试卷(含解析)
广东省广州市执信中学2015届高三上学期期中物理试卷一、单项选择题：每小题给出的四个选项中．只有一个选项最符合题目要求．共4小题1．（6分）一个物体自由下落6s后落地，则在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为（）A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：32．（6分）如图所示，质量为m的木块A放在斜面体B上，若A和B沿水平方向以相同的速度v0一起向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为（）A．mg B．mgsinθC．mgcosθD．03．（6分）做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是（）A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向相同D．大小相等，方向相同4．（6分）一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如图所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是（）A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10mD．0～2s这段时间内物体作减速运动二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．5．（6分）如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势6．（6分）如图，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服随圆桶一起转动而未滑动，则（）A．衣服随圆桶做圆周运动的向心力由静摩擦力提供B．圆桶转速增大，衣服对桶璧的压力也增大C．圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力也增大D．圆桶转速足够大时，衣服上的水滴将做离心运动7．（6分）某星球半径为R，在该星球表面附近有一卫星，它绕星球的运转周期为T，万有引力恒量为G，则由此可以估算（）A．星球的质量B．卫星的质量C．星球表面的“重力加速度”D．该星球的同步卫星离地面的高度8．（6分）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B．动能损失了mghC．克服摩擦力做功mgh D．机械能损失了mgh9．（6分）如图所示，汽车在平直公路上以恒定功率启动，设阻力恒定，则在下列关于汽车运动过程中的速度、加速度随时间变化的关系中说法正确的是（）A．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象B．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象C．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象D．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象三、非选择题：本大题共5小题，共50分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）图甲为10分度游标卡尺的部分示意图，其读数为mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为mm．11．（8分）如图a所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：②为完成该实验，设计的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起；B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；C．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；D．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；E．整理仪器．请将以上步骤按操作的先后顺序排列出：．③图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为N/m．图线不过原点的原因是由于．12．（6分）如图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图，图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上．（1）已知当地的重力加速度为g，则要完成实验，还需要测量的物理量是．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．各速度传感器与O点之间的竖直距离hD．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t（2）作出v2h图象，由图象算出其斜率k，当k=时，可以认为小球在下落过程中机械能守恒．（3）写出对减小本实验误差有益的一条建议：．13．（18分）如图所示，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC 平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高．质量m=1kg 的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37°=，cos37°=．（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数μ．（2）若使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值．（3）若滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t．14．如图所示，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原基础上增加一定值．右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v0匀速转动，水平部分长度L=9m．放在光滑水平面上的两相同小物块A、B（均视为质点）间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=，物块质量m A=m B=lkg．现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时，A还未撞击P，B还未滑上传送带．取g=10m/s2．求：（1）A、B刚被弹开时的速度大小（2）试通过计算判断B第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带（3）若B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．要使二者一起滑离传送带，求P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系．广东省广州市执信中学2015届高三上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：每小题给出的四个选项中．只有一个选项最符合题目要求．共4小题1．（6分）一个物体自由下落6s后落地，则在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为（）A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：3考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：先根据自由落体运动位移时间关系求出下落2s的位移，而物体自由下落最后2s内的位移等于6s内的位移减去4s内的位移．解答：解：物体下落前2s的位移为：物体下落6s的位移为：物体下落4s的位移为：所以最后2s内通过的路程为：h6﹣h4=180﹣80m=100m故开始2s内和最后2s内通过的路程之比为20：100=1：5故选：A．点评：解决本题的关键掌握自由落体运动的位移时间公式h=，以及知道通过6s内的位移减去4s内的位移求最后2s内的位移比较方便2．（6分）如图所示，质量为m的木块A放在斜面体B上，若A和B沿水平方向以相同的速度v0一起向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为（）A．mg B．mgsinθC．mgcosθD．0考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选A为研究对象，则A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．A和B 之间的作用力为支持力和摩擦力的合力．由力的合成知识知：若有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小．解答：解：A、选A为研究对象，则A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B 一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．其中支持力和摩擦力是B作用于A的，故A和B之间的相互作用力的大小就等于支持力和摩擦力的合力的大小．由力的合成知识知：若有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小，故摩擦力与支持力的合力的大小等于重力的大小．故A正确，BCD错误故选A．点评：该题主要考察学生平对衡条件及共点力的合成等知识的掌握情况．只要知道物体平衡则合力为0，合力为零则其中任何一个分力大小都等于其余分力的合力的大小，就可以解答了．3．（6分）做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是（）A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向相同D．大小相等，方向相同考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动运动是匀变速曲线运动，根据△v=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下．解答：解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，根据△v=at=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度的方向相同．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动每秒的速度增量大小相等，方向相同．4．（6分）一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如图所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是（）A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10mD．0～2s这段时间内物体作减速运动考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体如图所示方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．当F=0时物体做匀速直线运动，速度最大．解答：解：A、在2s内物体的加速度最大值为5m/s2，不能说在2s内物体的加速度为5m/s2．故A错误B、在t=2s时，F=0，物体将做匀速直线运动，速度最大．故B正确；C、物体如图所示方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．故C错误．D、0～2s这段时间内作加速运动．故D错误故选：B点评：本题考查根据物体的受力情况分析物体运动情况的能力，要注意合力减小，加速度减小，但速度在增加．二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分．每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．5．（6分）如图所示为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的是（）A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到无穷远处或负电荷，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．沿着电场线的方向电势降低．解答：解：AB、根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断是异种点荷的电场线．故A正确，B错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．所以A点场强小于B点场强，故C错误．D、沿着电场线的方向电势降低，所以A点电势高于B点电势，故D正确．故选：AD．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．6．（6分）如图，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服随圆桶一起转动而未滑动，则（）A．衣服随圆桶做圆周运动的向心力由静摩擦力提供B．圆桶转速增大，衣服对桶璧的压力也增大C．圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力也增大D．圆桶转速足够大时，衣服上的水滴将做离心运动考点：离心现象．分析：衣服随脱水桶一起做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，竖直方向合力为零，根据牛顿第二定律分析弹力的变化情况．解答：解：A、B、D、衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力的作用，共3个力作用，由于衣服在圆筒内壁上不掉下来，竖直方向上没有加速度，重力与静摩擦力二力平衡，靠弹力提供向心力；随着圆桶转速的增加，弹力增加，但静摩擦力不变；故A错误，B正确，C错误；D、对于水而言，衣服对水滴的附着力提供其做圆周运动的向心力，随着圆桶转速的增加，需要的向心力增加，当附着力不足以提供需要的向心力时，衣服上的水滴将做离心运动，故D正确；故选：BD．点评：解决本题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进行求解；同时要知道离心运动的条件；基础问题．7．（6分）某星球半径为R，在该星球表面附近有一卫星，它绕星球的运转周期为T，万有引力恒量为G，则由此可以估算（）A．星球的质量B．卫星的质量C．星球表面的“重力加速度”D．该星球的同步卫星离地面的高度考点：万有引力定律及其应用；向心力．专题：万有引力定律的应用专题．分析：万有引力提供卫星圆周运动的向心力据此可以求得中心天体的质量M，在星球表面重力与万有引力相等求得重力加速度．解答：解：AB、近地卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供有：，据此可计算中心天体的质量M=，不可以求出卫星的质量m，故A正确，B错误；C、在星球表面重力与万有引力相等，又卫星由万有引力提供向心力，据=mg，可以计算出星球表面的重力加速度，故C正确；D、因不知道该星球的自转周期，故无法求得同步卫星距地面的度，故D错误．故选：AC．点评：要掌握万有引力提供向心力和重力等于万有引力这两个重要的关系，掌握这两个关系可以解决所有关于天体运动的问题．8．（6分）如图所示，质量为m的物体（可视为质点）以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，则在这个过程中物体（）A．重力势能增加了mgh B．动能损失了mghC．克服摩擦力做功mgh D．机械能损失了mgh考点：功能关系；重力势能．分析：根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．解答：解：A、B、D、根据牛顿第二定律知，物体所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得：△E k=﹣=﹣mgh，动能减小mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh．故AD正确，B错误；C、物体克服摩擦力做的功等于系统损失的机械能，则克服摩擦力的功为mgh；故C错误．故选：AD．点评：解决本题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以及除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9．（6分）如图所示，汽车在平直公路上以恒定功率启动，设阻力恒定，则在下列关于汽车运动过程中的速度、加速度随时间变化的关系中说法正确的是（）A．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象B．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象C．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象D．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：由P=Fv可明确力、功率及速度间的关系；则可明确加速度、速度随时间的变化关系．解答：解：汽车恒定功率启动，则开始时加速度较大，速度增大；则由P=FV可知，牵引力减小，则加速度减小；当牵引力等于阻力时，物体的加速度为零；此后做匀速直线运动；注意图象的斜率表示纵坐标物理量的变化；故速度﹣时间图象为甲图；加速度﹣时间图象为乙图；故选：AB．点评：本题考查功率公式的应用，要明确P=FV表示瞬时速度、力及功率的关系，故可明确物体的运动情况．三、非选择题：本大题共5小题，共50分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．（4分）图甲为10分度游标卡尺的部分示意图，其读数为10.2mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为（﹣）mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．专题：实验题；直线运动规律专题．分析：解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.1mm=0.2mm，所以最终读数为：10mm+0.2mm=10.2mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为×0.01mm=0.155mm，所以最终读数为0mm+0.155mm=0.155mm，由于需要估读，最后的结果可以在﹣之间．故答案为：（1）；（﹣）点评：对于基本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些基本仪器进行有关测量．11．（8分）如图a所示，用铁架台、弹簧和多个已知质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：刻度尺②为完成该实验，设计的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组（x，F）对应的点，并用平滑的曲线连接起；B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；C．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；D．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；E．整理仪器．请将以上步骤按操作的先后顺序排列出：CBDAE．③图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为200N/m．图线不过原点的原因是由于弹簧有自重．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．专题：实验题；弹力的存在及方向的判定专题．分析：根据实验的原理：测量弹簧的弹力和伸长的长度来选择器材．图线的斜率即为弹簧的劲度系数．由胡克定律求出K．解答：解：①实验需要测量弹簧伸长的长度，故需要刻度尺．②根据操作的先后顺序排列为：CBDAE③图线的物理意义是表明弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比．由k==200N/m．由图可知，当F=0时， x=0.5cm，说明没有挂重物时，弹簧有伸长，是由于弹簧自身的重力造成的．故图线不过原点的原因是由于弹簧有自重，实验中没有考虑（或忽略了）弹簧的自重．故答案为：①刻度尺；②CBDAE；③200，弹簧有自重点评：在应用胡克定律时，要首先转化单位，知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．12．（6分）如图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图，图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上．（1）已知当地的重力加速度为g，则要完成实验，还需要测量的物理量是BC．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．各速度传感器与O点之间的竖直距离hD．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t（2）作出v2h图象，由图象算出其斜率k，当k=2g时，可以认为小球在下落过程中机械能守恒．（3）写出对减小本实验误差有益的一条建议：相邻速度传感器之间的距离适当大些（选质量大、体积小的小球做实验）．考点：验证机械能守恒定律．专题：实验题．分析：（1）根据需要验证的方程：mgh=，确定需要测量的物理量．（2）根据mgh=，得到v2与h的关系式，分析v2﹣h图象斜率的物理意义．（3）要减小实验误差，测量的量应相对大些，选用质量大、体积小的球做实验等．解答：解：（1）小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh=，即gh=，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m和下落时间时间t．故BC正确，AD错误．（2）由mgh=，得v2=2gh，则v2﹣h图象的斜率k=2g．（3）为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等．故答案为：（1）BC；（2）2g；（3）相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．点评：本实验以小球做自由落体运动为例，验证机械能守恒定律，根据方程mgh=，分析v2﹣h图象斜率的意义是常用的方法．13．（18分）如图所示，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC 平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高．质量m=1kg 的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37°=，cos37°=．（1）求滑块与斜面间的动摩擦因数μ．（2）若使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值．（3）若滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t．考点：动能定理的应用；平抛运动．专题：动能定理的应用专题．分析：（1）由题，滑块恰能滑到与O等高的D点，速度为零，对A到D过程，运用动能定理列式可求出动摩擦因数μ．（2）滑块恰好能到达C点时，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式可得到C点的速度范围，再对A到C过程，运用动能定理求初速度v0的最小值．（3）离开C点做平抛运动，由平抛运动的规律和几何知识结合求时间．解答：解：（1）滑块由A到D过程，根据动能定理，有：mg（2R﹣R）﹣μmgcos37°•=0﹣0得（2）若滑块能到达C点，根据牛顿第二定律有则得A到C的过程：根据动能定理有﹣μmgcos37°•=﹣联立解得，v0=≥2m/s所以初速度v0的最小值为2m/s．（3）滑块离开C点做平抛运动，则有x=v c t由几何关系得：tan37°=联立得 5t2+3t﹣=0解得t=答：（1）滑块与斜面间的动摩擦因数μ为．（2）若使滑块能到达C点，滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值为2m/s．（3）若滑块离开C处的速度大小为4m/s，滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t是．点评：本题是动能定理与向心力、平抛运动及几何知识的综合，要注意挖掘隐含的临界条件，运用几何知识求解．14．如图所示，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原基础上增加一定值．右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v0匀速转动，水平部分长度L=9m．放在光滑水平面上的两相同小物块A、B（均视为质点）间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=，物块质量m A=m B=lkg．现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时，A还未撞击P，B还未滑上传送带．取g=10m/s2．求：（1）A、B刚被弹开时的速度大小（2）试通过计算判断B第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带（3）若B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．要使二者一起滑离传送带，求P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系．考点：动能定理的应用；动量守恒定律；机械能守恒定律．专题：动能定理的应用专题；动量和能量的综合．分析：（1）A、B被弹簧弹开的过程实际是爆炸模型，符合动量守恒、系统机械能守恒，根据能量守恒和动量守恒求出分开后，A、B的速度大小，（2）由动能定理求出B的速度减小为零时B的位移，根据B的位移与传送带长度的关系分析答题．（3）A、B碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律分析答题．解答：解：（1）弹簧弹开的过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：E P=m A v A2+m B v B2，A、B系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：m A v A﹣m B v B=0，代入数据解得：v A=3m/s，v B=3m/s；（2）假设B不能从传送带右端滑离传送带，则B做匀减速运动直到速度减小到零，设位移为s，由动能定理得：﹣μm B gs=0﹣m B v B2，代入数据解得：s=2.25m＜L，B不能从传送带右端滑离传送带．（3）设物块A撞击P后被反向弹回的速度为v1，设补充能量为E，由能量守恒定律得：E+m A v A2=m A v12，B与A发生碰撞后粘连共速为v，碰撞过程动量守恒，以向由为正方向，由动量守恒定律可得：m A v1﹣m B v2=（m A+m B）v，要使二者能一起滑离传送带，要求：（m A+m B）v2≥μ（m A+m B）gL，物块B的运动情况分两种情况讨论：①若传送带速度v0足够大，物块B滑上传送带时在传送带上先向右做匀减速运动，直到速度减小到零，然后反方向做匀加速运动，由运动对称性可知物块B回到皮带左端时速度v2大小为：v2=v B=3m/s，即当传送带v0＞3m/s时，代入数据，联立上四式得：E=108J；②当传送带v0≤3m/s时物块B的运动情况是：滑上传送带先向右减速至速度为0，然后反向做加速至与传送带速度相等一起匀速运动回到左端，v2=v0，代入数据联立上四式得：；。
(朱4.1)2014-2015学年二校联考高一(上)学期中普通班物理试卷(铁一、广州外国语学校)
2014-2015学年广州市铁一中学、广州外国语学校联考高一（上）期中物理试卷一、单项选择题（本题共8小题．每小题3分，满分24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，选对的得3分，选错或不答的得0分）1．下列说法正确的是（）A．地球的体积和质量很大，所以不能视为质点B．选择不同的参考系，物体的运动情况可能不同C．速度和平均速度的定义公式都是v=，因此速度就是指平均速度D．做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移大小一定相等2．下列物理量中，全部是矢量的是（）A．位移、时间、速度、加速度B．质量、路程、速率C．平均速度、位移、加速度D．位移、路程、加速度3．如图所示，小球A上端被竖直悬线挂于O点，下端与水平桌面相接触．则下列说法正确的是（）A．悬线一定发生弹性形变B．桌面一定发生弹性形变C．悬线对球A的弹力是悬线发生弹性形变而产生D．悬线和水平桌面对球A的弹力都是球A发生弹性形变而产生4．一物体受到三个共点力F1．F2．F3共同作用，其力的矢量关系如图所示，则它们的合力大小是（）A．2F1B．2F2C．2F3D．05．如图，某同学用力推静止于水平地面的箱子，则说法正确的是（）A．若物体不动，摩擦力的方向与F 的方向相同B．若物体不动，摩擦力的方向与F 的方向相反C．若物体运动，摩擦力随推力的增大而减小D．若物体运动，摩擦力的大小与推力有关6．一辆汽车运动的v﹣t图象如图，则汽车在0～2s内和2s～3s内相比（）A．位移大小相等B．平均速度相等C．速度变化相同D．加速度相同7．一滑块以某一速度从斜面底端滑到顶端时，其速度恰好减为零．若设斜面全长L，滑块通过最初L所需时间为t，则滑块从斜面底端到顶端所用时间为（）A．t B．t C．t D．2t8．物体M、P均做匀变速直线运动，a M=3m/s2，a P=﹣5m/s2．则说法正确的是（）A．物体M的加速度比P的加速度大B．物体P的速度变化比M的速度变化快C．物体M的速度变化比P小D．物体M的速度一定在增大二、双项选择题（本题共6小题．每小题5分，满分30分，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）9．物体从某高处开始做自由落体运动到地面的平均速度为10m/s（g取10m/s2），则下列说法正确的是（）A．下落一半高度时的瞬时速度为10m/sB．落地瞬间的速度是20m/sC．物体下落的高度是20mD．第3s内物体下落25m10．如图所示，一物体在水平地面上，物体受到水平向右的推力F1=8N，水平向左的推力F2=2N的作用，物体处于静止状态．则下面判断正确的是（）A．若撤去力F1，则物体受到的合外力大小6N，方向向左B．若撤去力F1，则物体受到的摩擦力一定是2NC．若撤去力F2，则物体受到的合外力可能为零D．若撤去力F2，则物体受到的摩擦力一定是8N11．下列所描述的运动中，可能的有（）A．速度变化量很大，加速度很小B．速度方向为正，加速度方向为负C．速度变化越来越快，加速度越来越小D．速度越来越大，加速度越来越小12．如图所示为甲、乙两物体运动的x﹣t图象，则下列说法正确的是（）A．甲物体做变速直线运动，乙物体做匀速直线运动B．两物体的初速度都为零C．在t1时刻两物体速度相等D．相遇时，甲的速度大于乙的速度13．一块石头从楼房阳台边缘向下做自由落体运动．把它在空中运动的总时间分为相等的三段，如果它在第一段时间内（从上往下数）的位移是L，在第一段时间末的速度是v，那么下列说法正确的是（）A．它在第三段时间内的位移是3LB．它在三段时间内的总位移是5LC．它在第三段末的速度为3vD．它在全程的平均速度为1.5v14．一质量为m的滑块在粗糙水平面上滑行，通过频闪照片分析得知，滑块在最开始2s内的位移是最后2s内的位移的两倍，且已知滑块第1s内的位移为2.5m，由此可求得（）A．滑块的加速度为5m/s2B．滑块的初速度为5m/sC．滑块运动的总时间为3s D．滑块运动的总位移为4.5m三、实验题（本题共2小题，共16分）15．（8分）在“验证力的平行四边形定则”实验中（1）部分实验步骤如下，请完成有关内容：A．将一根橡皮筋的一端固定在贴有白纸的竖直平整木板上，另一端拴上两根细线B．其中一根细线挂上5个质量相等的钩码，使橡皮筋拉伸，如图甲所示，记录钩码个数、结点O的位置，以及橡皮绳的伸长方向C．将步骤B中的钩码取下，分别在两根细线上挂上4个和3个质量相等的钩码，用两光滑硬棒B、C使两细线互成角度，如图乙所示，小心调整B、C的位置，使，记录和．（2）如果“力的平行四边形定则”得到验证，那么图乙中cosα：cosβ=．16．（8分）如图1所示是电火花计时器的示意图．电火花计时器和电磁打点计时器一样，工作时使用（选填“交流”或“直流”）电源，且电源的频率是50Hz．（1）其工作时的基本步骤如下：A．当纸带完全通过电火花计时器后，及时关闭电源B．将电火花计时器电源插头插入相应的电源插座C．将纸带从墨粉纸盘下面穿过电火花计时器D．接通开关，听到放电声，立即拖动纸带运动上述步骤正确的顺序是．（按顺序填写步骤编号）（2）在安放纸带时，要检查墨粉纸盘是否已经正确地套在上，还要检查_是否夹在两纸带之间．（3）如图2是某次实验的纸带，舍去前面比较密的点，从0点开始，每5个连续点取1个计数点，标以1、2、3…那么相邻两个计数点之间的时间间隔为_s，各计数点与0计数点之间的距离依次为x1=3.0cm、x2=7.5cm、x3=13.5cm，则物体通过1计数点的速度v1=m/s，通过2计数点的速度v2=m/s，运动的加速度为m/s2．（结果保留小数点后两位）四、计算题（本题共3小题，共30分.解答时请写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的，答案中要明确写出数值和单位）17．（8分）质量为m的物体悬挂在轻质的且各结点A、B、C采用胶链连接的支架上，斜梁OB与竖直方向的夹角为θ．设水平横梁OA和斜梁OB作用与O点的弹力分别为F A和F B，试采用力的分解或力的合成的方法求F A和F B的大小和方向．（选用任一种方法均可）（已知重力加速度为g ）18．（10分）一辆汽车从静止开始匀加速开出，然后保持匀速运动，最后匀减速运动，直到停止，如表给出了不同时刻汽车的速度：时刻/s 1.0 2.0 3.0 5.0 7.0 9.5 10.5 速度/（m•s﹣1） 3 6 9 12 12 9 3分析上表：（1）试画出汽车在不同时刻的v﹣t图象；（2）汽车做加速和减速运动时的加速度大小？（3）汽车从开出到停止总共经历的时间是多少？（4）汽车通过的总路程是多少？19．（12分）甲、乙两辆车在同一直轨道上向右匀速行驶，甲车的速度为v1=16m/s，乙车的速度为v2=12m/s，乙车在甲车的前面．当两车相距L=6m时，两车同时开始刹车，从此时开始计时，甲车以a1=2m/s2的加速度刹车，6s后立即改做匀速运动，乙车刹车的加速度为a2=1m/s2．求：（1）从两车刹车开始计时，甲车第一次追上乙车的时间；（2）两车相遇的次数；（3）两车速度相等的时间．2014-2015学年广州市铁一中学、广州外国语学校联考高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共8小题．每小题3分，满分24分，在每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，选对的得3分，选错或不答的得0分）1．B【解答】解：A．地球绕太阳公转可以看成质点，故A错误；B．选择不同的参考系，物体的运动情况可能不同，比如人乘坐公共汽车，人相对车是静止的，相对地面是运动的，故B正确；C．速度的定义式和平均速度公式都是v=，但是速度有平均速度和瞬时速度之分，故C错误；D．在单向直线运动中，位移的大小等于路程．做匀变速直线运动的物体，ts内通过的路程与位移的大小不一定相等，例如竖直上抛后再返回时，故D错误．故选：B．2．C【解答】解：A、时间没有方向为标量，位移、速度、加速度均有大小和方向，因此为矢量．故A错误；B、质量、路程、速率均为标量，故B错误；C、平均速度、位移、加速度这三个物理量均有大小和方向，因此为矢量，故C正确；D、路程、平均速率只有大小没有方向，因此为标量，故D错误．故选：C．3．C【解答】解：A、若小球放在地面上，重力等于支持力，则拉力为零；故A错误；B、若绳子拉紧，拉力等于重力，则支持力为零，故B错误；C、若绳子拉紧，悬线对球A的弹力是悬线发生弹性形变而产生，故C正确；D、悬线对球A的弹力是悬线发生弹性形变而产生，而水平桌面对球A的弹力是桌面发生弹性形变而产生，故D错误；故选：C4．A【解答】解：根据三角形定则，F2与F3的合力等于从F2的起点到F3的终点的有向线段，即与F1相同，故合力等于2倍的F1．故选A．5．B【解答】解：A、若物体不动，箱子有向前运动的趋势，受到向后的静摩擦力，方向与F的方向相反，故A错误，B正确；C、若物体动，则箱子受到滑动摩擦力的作用，依据公式f=μN，摩擦力大小与推力无关，故CD错误；故选：B．6．B【解答】解：A、速度图象与坐标轴所围的“面积”物体的位移大小，由图知，0～2s内位移较大．故A错误．B、汽车在0～2s内平均速度为=m/s=2.5m/s，汽车在2s～3s内平均速度为=m/s=2.5m/s．故B正确．C、汽车在0～2s内速度变化量△v=5m/s﹣0=5m/s，在2s～3s内速度变化量为△v=0﹣5m/s=﹣5m/s，故速度变化量不同．故C错误．C、根据速度图象的斜率等于加速度可知，在0～2s内汽车的加速度沿正方向，而在2s～3s 内加速度沿负方向，所以加速度不相等．故D错误．故选B7．D【解答】解：把物体看成是从上至下的匀加速运动，设在最初的的时间为t′，由匀加速直线运动的位移公式可得，①，对于全程，由匀加速直线运动的位移公式可得，②由①②解得，t′=t，所以全程的时间为2t．故D正确，A、B、C错误．故选：D．8．B【解答】解：A、加速度的正负表示方向，可知物体P的加速度比物体M的加速度大，故A 错误．B、物体P的加速度大，则物体P速度变化快，故B正确．C、根据加速度的大小只能比较速度变化的快慢，无法比较速度的大小，故C错误．D、由于M的速度方向未知，无法判断物体M做加速运动还是减速运动，故D错误．故选：B．二、双项选择题（本题共6小题．每小题5分，满分30分，全部选对的得5分，选不全的得3分，有选错或不答的得0分）9．BC【解答】解：A、根据平均速度推论知，，解得落地的速度v=2×10m/s=20m/s，根据v2=2gh，得，下落一半高度时的速度，故A错误，B正确．C、物体下落的高度h=，故C正确．D、物体落地的时间t=，则第3s内下落的位移为零，故D错误．故选：BC．10．BC【解答】解：物体原来在水平方向受到：F1=8N、F2=2N与静摩擦力作用而静止，处于平衡状态，由平衡条件得：F1=F2+f，静摩擦力f=F1﹣F2=8﹣2=6N，则最大静摩擦力f m≥6N；AB、若撤去力F1=8N，物体受到推力F2=2N作用，由于F2＜f m，则物体静止不动，根据平衡条件，则物体所受摩擦力f=F2=2N，物体受到的合外力为0，故A错误，B正确；CD、若撤去力F2=2N，若F1≤f m，则物体静止不动，受到的合外力为零，物体受到的摩擦力f=F1=8N；若F1＞f m，则物体向右运动，物体将受滑动摩擦力，则f=μF N，由于μ未知，则f无法确定，故C正确、D错误；故选：BC11．BD【解答】解：A、速度变化量很大，速度变化一定快，加速度不可能很小，故A错误．B、加速度的方向与速度方向可能相反，故B正确．C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越来越快，加速度越来越大，故C错误．D、当加速度方向与速度方向相同，加速度减小，速度增大，故D正确．故选：BD．12．AD【解答】解：A、甲图线的斜率是变化的，故甲做变速运动，乙图线的斜率恒定不变，故乙做匀速直线运动，故A正确；B、由图象知乙在t=0时刻的斜率不为零，故速度不为0，故B错误；C、在t1时刻，甲图线的斜率大有乙图线的斜率，故甲的速度大于乙的速度，C错误；D、由图知在t1时刻两物体相遇，甲的速度大于乙的速度，故D正确；故选：AD．13．CD【解答】解：A、自由落体运动在连续相等时间内的位移之比为1：3：5，第一段时间内的位移为L，则第三段时间内的位移为5L，第二段时间内的位移为3L，则三段时间内的位移为9L，故A、B错误．C、根据v=gt知，第一段时间末的速度为v，则第三段时间末的速度为3v，故C正确．D、根据平均速度的推论知，全程的平均速度，故D正确．故选：CD．14．CD【解答】解：由题意知滑块做匀减速直线运动相邻两个相等时间间隔的位移满足s2﹣s1=aT2s m﹣s n=（m﹣n）aT2，表示第m个和第n个相等的时间间隔．已知T=1s，s1=2.5m，则s2=s1﹣aT2=2.5﹣a 这是开始两秒情况，s n==，则s n﹣1=s n+aT2=+a=，这是最后两秒情况．由于s1+s2=2（s n+s n﹣1）所以2.5+2.5﹣a=2（+）所以a=1m/s2 A项错误；s=v0T﹣2.5=v0﹣所以v0=3m/s B项错误；v0=att=3s C项正确；2as=v022s=32所以s=4.5m D项正确．故选：CD．三、实验题（本题共2小题，共16分）15．（1）结点O的重合、钩码个数、细绳的方向；（2）【解答】解：（1）该实验采用“等效代替”法，因此在用两个绳套拉橡皮筋时，要将橡皮筋与细线结点拉到与步骤B中结点位置重合，同时记录钩码个数和对应的细线方向．（2）根据O点处于平衡状态，正交分解有：竖直方向：4mgsinα+3mgsinβ=5mg ①水平方向：4mgcosα=3mgcosβ ②联立①②解得：．故答案为：（1）结点O的重合、钩码个数、细绳的方向；（2）16．交流，（1）CBDA；（2）纸盘轴，墨粉纸盘；（3）0.1，0.38，0.53，1.5【解答】解：打点计时器使用交流电源．（1）操作时，先组装器材，顺序为C、B，然后进行实验，顺序为D、A，所以正确的顺序为CBDA．（2）在安放纸带时，要检查墨粉纸盘是否已经正确地套在纸盘轴上，还要检查墨粉纸盘是否夹在两纸带之间．（3）相邻两个计数点之间的时间间隔为：T=0.02×5s=0.1s．计数点1的瞬时速度为：=0.38m/s，计数点2的瞬时速度为：m/s=0.53m/s．由纸带知，在连续相等时间内的位移之差为：△x=x2﹣x1﹣x1=1.5cm，根据△x=aT2得加速度为：a=．故答案为：交流，（1）CBDA；（2）纸盘轴，墨粉纸盘；（3）0.1，0.38，0.53，1.5．四、计算题（本题共3小题，共30分.解答时请写出必要的文字说明和重要的演算步骤，只写出最后答案的不得分，有数值计算的，答案中要明确写出数值和单位）17．【解答】解：以O点为研究对象，受力如图所示：由受力图结合几何关系可得：F A=mgtanθ，方向水平向左；F B=，其方向由B指向O，答：水平横梁OA作用于O点的弹力为mgtanθ，方向水平向左；而斜梁OB作用于O点的弹力，其方向由B指向O．18．【解答】解：（1）由表可知，汽车运动的v﹣t图象如下图：（2）根据速度时间关系可知，汽车在匀加速阶段的加速度为：a1==3m/s2，汽车匀减速运动的加速度为：a2==﹣6m/s2（3）由表格知，汽车运动的最大速度v=12m/s，根据速度时间有关系知，汽车匀加速的时间为：t1===4s由表格知，汽车9.5s末的速度为9m/s，故可知，在9.5s前汽车匀减速的时间为：==0.5s，即汽车从9s末开始减速运动，所以汽车匀运动的时间为：t2=9﹣t1=5s汽车匀减速运动的总时间为：t3===2s所以汽车运动的总时间为：t=t1+t2+t3=4+5+2s=11s（4）由v﹣t图象知，汽车通过的总路程为x=S梯=（5+11）×12=96m答：（1）汽车运动的v﹣t图象如上图所示；（2）汽车做加速时的加速度为3m/s2，减速运动时的加速度大小为6m/s2；（3）汽车从开出到停止共经历的时间是11s；（3）汽车通过的总路程是96m．19．【解答】解：（1）在甲减速时，设经时间t相遇，甲和乙的位移分别为x1、x2，则有，x1=x2+L代入数据可解得：t1=2s，t2=6s即在甲车减速时，相遇两次，第一次相遇的时间为：t1=2s（2）当t2=6s时，甲车的速度为：v1′=v1﹣a1t2=16﹣2×6m/s=4m/s乙车的速度为：v2′=v2﹣a2t2=12﹣1×6m/s=6m/s，甲车的速度小于乙车的速度，但乙车做减速运动，设再经△t甲追上乙，有代入数据解得：△t=4s此时乙仍在做减速运动，此解成立综合以上分析可知，甲、乙两车共相遇3次（3）设经过t′时间两车速度相等，有：v1﹣a1t′=v2﹣a2t′，代入数据解得t′=4s，6s后甲车做匀速直线运动，匀速运动的速度v=16﹣2×6m/s=4m/s，有：v=v2﹣a2t″，代入数据解得t″=8s．答：（1）从两车刹车开始计时，甲车第一次追上乙车的时间为2s；（2）两车相遇的次数为3次．（3）两车速度相等的时间为4s和8s．。
广东省广州市执信中学2015届高三上学期期中考试物理试题 Word版含答案
2015届高三上学期期中考试理综试题2014.11.14本试卷共12页，36小题，满分300分。
考试用时150分钟。
注意事项：1．答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。
2．选择题每小题选出答案后，有2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。
3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4．考生必须保持答题卡的整洁和平整。
可能用到的相对原子质量：H 1 C 12 N 14 O 16 P 31 Cl 35.5 K 39第一部分选择题(共118 分)一、单项选择题：每小题给出的四个选项中。
只有一个选项最符合题目要求。
共16小题，每小题4分，共64分。
13．一个物体自由下落6s后落地，则在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：3 14．如图所示，质量为m的木块A放在斜面体B上，若A和B沿水平方向以相同的速度v0一起向左做匀速直线运动，则A和B之间的相互作用力大小为A．θmgsinB．mgC．θmgcosD．015．做平抛运动的物体，每秒的速度增量总是A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向相同D．大小相等，方向相同16．一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如图所示方向不变的合外力作用，则下列说法正确的是A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10mD．0~2s这段时间内物体作减速运动二、双项选择题：本题包括9小题，每小题6分，共54分。
每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求。
广州市执信中学2015届高三物理上学期期中试卷(含解析)
广州市执信中学2015届高三上学期期中考试物理试卷〔解析版〕一、单项选择题：每一小题给出的四个选项中．只有一个选项最符合题目要求．共4小题〔6分〕一个物体自由下落6s后落地，如此在开始2s内和最后2s内通过的位移之比为〔〕1．A．1：5 B．3：5 C．3：11 D．1：3考点：自由落体运动．.专题：自由落体运动专题．分析：先根据自由落体运动位移时间关系求出下落2s的位移，而物体自由下落最后2s内的位移等于6s内的位移减去4s内的位移．解答：解：物体下落前2s的位移为：物体下落6s的位移为：物体下落4s的位移为：所以最后2s内通过的路程为：h6﹣h4=180﹣80m=100m故开始2s内和最后2s内通过的路程之比为20：100=1：5应当选：A．点评：解决此题的关键掌握自由落体运动的位移时间公式h=，以与知道通过6s内的位移减去4s内的位移求最后2s内的位移比拟方便2．如下列图，质量为m的木块A放在斜面体B上，假设A和B沿水平方向以一样的速度v0一起向左做匀速直线运动，如此A和B之间的相互作用力大小为〔〕A．m g B．m gsinθC．m gcosθD．0考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．.专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：选A为研究对象，如此A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．A和B之间的作用力为支持力和摩擦力的合力．由力的合成知识知：假设有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小．解答：解：A、选A为研究对象，如此A受到重力、支持力、静摩擦力三个力，由于A和B一起做匀速直线运动，故A处于平衡状态，即A的重力、支持力、静摩擦力三力的合力为0．其中支持力和摩擦力是B作用于A的，故A和B之间的相互作用力的大小就等于支持力和摩擦力的合力的大小．由力的合成知识知：假设有N个力的合力为0，其中任意一个力的大小都等于另外N﹣1个力的合力的大小，故摩擦力与支持力的合力的大小等于重力的大小．故A正确，BCD错误应当选A．点评：该题主要考察学生平对衡条件与共点力的合成等知识的掌握情况．只要知道物体平衡如此合力为0，合力为零如此其中任何一个分力大小都等于其余分力的合力的大小，就可以解答了．A．大小不等，方向不同B．大小相等，方向不同C．大小不等，方向一样D．大小相等，方向一样考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：平抛运动运动是匀变速曲线运动，根据△v=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下．解答：解：平抛运动的物体只受重力，加速度为g，保持不变，根据△v=at=gt，每秒速度增量大小相等，方向竖直向下，与加速度的方向一样．故D正确，A、B、C错误．应当选：D．点评：解决此题的关键知道平抛运动每秒的速度增量大小相等，方向一样．4．〔6分〕一个放在水平桌面上质量为2kg原静止的物体，受到如下列图方向不变的合外力作用，如此如下说法正确的答案是〔〕A．在2s内物体的加速度为5m/s2B．在t=2s时，物体的速度最大C．在2s内物体运动的位移为10m D．0～2s这段时间内物体作减速运动考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：物体如下列图方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．当F=0时物体做匀速直线运动，速度最大．解答：解：A、在2s内物体的加速度最大值为5m/s2，不能说在2s内物体的加速度为5m/s2．故A错误B、在t=2s时，F=0，物体将做匀速直线运动，速度最大．故B正确；C、物体如下列图方向不变的合外力作用下，做加速度减小的变加速运动，2s内物体运动的位移无法求出．故C错误．D、0～2s这段时间内作加速运动．故D错误应当选：B点评：此题考查根据物体的受力情况分析物体运动情况的能力，要注意合力减小，加速度减小，但速度在增加．二、双项选择题：此题包括9小题，每一小题6分，共54分．每一小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求．全选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有错选或不选的得0分．5．如下列图为点电荷a、b所形成的电场线分布，以下说法正确的答案是〔〕A．a、b为异种电荷B．a、b为同种电荷C．A点场强大于B点场强D．A点电势高于B点电势考点：电场线；电场强度．.专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到无穷远处或负电荷，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．沿着电场线的方向电势降低．解答：解：AB、根据电场线的特点，从正电荷出发到负电荷终止可以判断是异种点荷的电场线．故A正确，B错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．所以A点场强小于B点场强，故C错误．D、沿着电场线的方向电势降低，所以A点电势高于B点电势，故D正确．应当选：AD．点评：加强根底知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决此题．6．〔6分〕如图，在匀速转动的洗衣机脱水桶内壁上，有一件湿衣服随圆桶一起转动而未滑动，如此〔〕A．衣服随圆桶做圆周运动的向心力由静摩擦力提供B．圆桶转速增大，衣服对桶璧的压力也增大C．圆桶转速增大以后，衣服所受摩擦力也增大D．圆桶转速足够大时，衣服上的水滴将做离心运动考点：离心现象．.分析：衣服随脱水桶一起做匀速圆周运动，靠合力提供向心力，在水平方向上的合力提供向心力，竖直方向合力为零，根据牛顿第二定律分析弹力的变化情况．解答：解：A、B、D、衣服受到重力、筒壁的弹力和静摩擦力的作用，共3个力作用，由于衣服在圆筒内壁上不掉下来，竖直方向上没有加速度，重力与静摩擦力二力平衡，靠弹力提供向心力；随着圆桶转速的增加，弹力增加，但静摩擦力不变；故A错误，B正确，C错误；D、对于水而言，衣服对水滴的附着力提供其做圆周运动的向心力，随着圆桶转速的增加，需要的向心力增加，当附着力不足以提供需要的向心力时，衣服上的水滴将做离心运动，故D正确；应当选：BD．点评：解决此题的关键搞清向心力的来源，运用牛顿第二定律进展求解；同时要知道离心运动的条件；根底问题．7．〔6分〕某星球半径为R，在该星球外表附近有一卫星，它绕星球的运转周期为T，万有引力恒量为G，如此由此可以估算〔〕A．星球的质量B．卫星的质量C．星球外表的“重力加速度〞D．该星球的同步卫星离地面的高度考点：万有引力定律与其应用；向心力．.专题：万有引力定律的应用专题．分析：万有引力提供卫星圆周运动的向心力据此可以求得中心天体的质量M，在星球外表重力与万有引力相等求得重力加速度．解答：解：AB、近地卫星绕地球圆周运动的向心力由万有引力提供有：，据此可计算中心天体的质量M=，不可以求出卫星的质量m，故A正确，B错误；C、在星球外表重力与万有引力相等，又卫星由万有引力提供向心力，据=mg，可以计算出星球外表的重力加速度，故C正确；D、因不知道该星球的自转周期，故无法求得同步卫星距地面的度，故D错误．应当选：AC．点评：要掌握万有引力提供向心力和重力等于万有引力这两个重要的关系，掌握这两个关系可以解决所有关于天体运动的问题．8．〔6分〕如下列图，质量为m的物体〔可视为质点〕以某一速度从A点冲上倾角为30°的固定斜面，其运动的加速度为g，此物体在斜面上上升的最大高度为h，如此在这个过程中物体〔〕A．重力势能增加了mgh B．动能损失了mghC．抑制摩擦力做功mgh D．机械能损失了mgh考点：功能关系；重力势能．.分析：根据动能定理知，合力做功等于动能的变化量，机械能等于重力势能和动能之和，通过动能和重力势能的变化判断机械能的变化．解答：解：A、B、D、根据牛顿第二定律知，物体所受的合力为mg，方向沿斜面向下，根据动能定理得：△E k=﹣=﹣mgh，动能减小mgh．物体重力势能增加mgh，所以机械能减小mgh．故AD正确，B错误；C、物体抑制摩擦力做的功等于系统损失的机械能，如此抑制摩擦力的功为mgh；故C错误．应当选：AD．点评：解决此题的关键掌握功能关系，比如合力功与动能的关系，重力功与重力势能的关系，以与除重力以外其它力做功与机械能的关系，并能灵活运用．9．〔6分〕如下列图，汽车在平直公路上以恒定功率启动，设阻力恒定，如此在如下关于汽车A．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象B．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象C．此图可以描述汽车的速度﹣时间图象D．此图可以描述汽车的加速度﹣时间图象考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：由P=Fv可明确力、功率与速度间的关系；如此可明确加速度、速度随时间的变化关系．解答：解：汽车恒定功率启动，如此开始时加速度较大，速度增大；如此由P=FV可知，牵引力减小，如此加速度减小；当牵引力等于阻力时，物体的加速度为零；此后做匀速直线运动；注意图象的斜率表示纵坐标物理量的变化；故速度﹣时间图象为甲图；加速度﹣时间图象为乙图；应当选：AB．点评：此题考查功率公式的应用，要明确P=FV表示瞬时速度、力与功率的关系，故可明确物体的运动情况．三、非选择题：本大题共5小题，共50分．按题目要求作答，解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．10．〔4分〕图甲为10分度游标卡尺的局部示意图，其读数为10.2mm；图乙为螺旋测微器的示意图，其读数为0.155〔0.152﹣0.158〕mm．考点：刻度尺、游标卡尺的使用；螺旋测微器的使用．.专题：实验题；直线运动规律专题．分析：解决此题的关键掌握游标卡尺读数的方法，主尺读数加上游标读数，不需估读．螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数，在读可动刻度读数时需估读．解答：解：1、游标卡尺的主尺读数为10mm，游标尺上第2个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为2×0.1mm=0.2mm，所以最终读数为：10mm+0.2mm=10.2mm．2、螺旋测微器的固定刻度为0mm，可动刻度为15.5×0.01mm=0.155mm，所以最终读数为0mm+0.155mm=0.155mm，由于需要估读，最后的结果可以在0.152﹣0.158之间．故答案为：〔1〕10.2；0.155〔0.152﹣0.158〕点评：对于根本测量仪器如游标卡尺、螺旋测微器等要了解其原理，要能正确使用这些根本仪器进展有关测量．11．〔8分〕如图a所示，用铁架台、弹簧和多个质量且质量相等的钩码，探究在弹性限度内弹簧弹力与弹簧伸长长度的关系实验．①为完成实验，还需要的实验器材有：刻度尺②为完成该实验，设计的实验步骤如下：A．以弹簧伸长量为横坐标，以弹力为纵坐标，描出各组〔x，F〕对应的点，并用平滑的曲线连接起；B．记下弹簧不挂钩码时其下端在刻度尺上的刻度l0；C．将铁架台固定于桌子上，并将弹簧的一端系于横梁上，在弹簧附近竖直固定一把刻度尺；D．依次在弹簧下端挂上1个、2个、3个、4个…钩码，并分别记下钩码静止时弹簧下端所对应的刻度，并记录在表格内，然后取下钩码；E．整理仪器．请将以上步骤按操作的先后顺序排列出：CBDAE．③图b是弹簧所受弹力F与弹簧伸长长度x的F﹣x图线，由此可求出弹簧的劲度系数为200N/m．图线不过原点的原因是由于弹簧有自重．考点：探究弹力和弹簧伸长的关系．.专题：实验题；弹力的存在与方向的判定专题．分析：根据实验的原理：测量弹簧的弹力和伸长的长度来选择器材．图线的斜率即为弹簧的劲度系数．由胡克定律求出K．解答：解：①实验需要测量弹簧伸长的长度，故需要刻度尺．②根据操作的先后顺序排列为：CBDAE③图线的物理意义是明确弹簧的弹力大小和弹簧伸长量大小成正比．由k==200N/m．由图可知，当F=0时，x=0.5cm，说明没有挂重物时，弹簧有伸长，是由于弹簧自身的重力造成的．故图线不过原点的原因是由于弹簧有自重，实验中没有考虑〔或忽略了〕弹簧的自重．故答案为：①刻度尺；②CBDAE；③200，弹簧有自重点评：在应用胡克定律时，要首先转化单位，知道图线的斜率即为弹簧的劲度系数．12．〔6分〕如图为验证小球做自由落体运动时机械能守恒的装置图，图中O点为释放小球的初始位置，A、B、C、D各点为固定速度传感器的位置，A、B、C、D、O各点在同一竖直线上．〔1〕当地的重力加速度为g，如此要完成实验，还需要测量的物理量是BC．A．小球的质量mB．小球下落到每一个速度传感器时的速度vC．各速度传感器与O点之间的竖直距离hD．小球自初始位置至下落到每一个速度传感器时所用的时间t〔2〕作出v2h图象，由图象算出其斜率k，当k=2g时，可以认为小球在下落过程中机械能守恒．〔3〕写出对减小本实验误差有益的一条建议：相邻速度传感器之间的距离适当大些〔选质量大、体积小的小球做实验〕．考点：验证机械能守恒定律．.专题：实验题．分析：〔1〕根据需要验证的方程：mgh=，确定需要测量的物理量．〔2〕根据mgh=，得到v2与h的关系式，分析v2﹣h图象斜率的物理意义．〔3〕要减小实验误差，测量的量应相对大些，选用质量大、体积小的球做实验等．解答：解：〔1〕小球做自由落体运动时，由机械能守恒定律得：mgh=，即gh=，故需要测量小球下落到每一个速度传感器时的速度v和高度h，不需要测量小球的质量m 和下落时间时间t．故BC正确，AD错误．〔2〕由mgh=，得v2=2gh，如此v2﹣h图象的斜率k=2g．〔3〕为了减小测量的相对误差，建议相邻速度传感器间的距离适当大些；为减小空气阻力的影响，建议选用质量大、体积小的球做实验等．故答案为：〔1〕BC；〔2〕2g；〔3〕相邻速度传感器间的距离适当大些；选用质量大、体积小的球做实验等．点评：本实验以小球做自由落体运动为例，验证机械能守恒定律，根据方程mgh=，分析v2﹣h图象斜率的意义是常用的方法．13．〔18分〕〔2013•淮安模拟〕如下列图，倾角为37°的粗糙斜面AB底端与半径R=0.4m的光滑半圆轨道BC平滑相连，O为轨道圆心，BC为圆轨道直径且处于竖直方向，A、C两点等高．质量m=1kg的滑块从A点由静止开始下滑，恰能滑到与O等高的D点，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．〔1〕求滑块与斜面间的动摩擦因数μ．〔2〕假设使滑块能到达C点，求滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值．〔3〕假设滑块离开C处的速度大小为4m/s，求滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t．考点：动能定理的应用；平抛运动．.专题：动能定理的应用专题．分析：〔1〕由题，滑块恰能滑到与O等高的D点，速度为零，对A到D过程，运用动能定理列式可求出动摩擦因数μ．〔2〕滑块恰好能到达C点时，由重力提供向心力，根据牛顿第二定律列式可得到C点的速度范围，再对A到C过程，运用动能定理求初速度v0的最小值．〔3〕离开C点做平抛运动，由平抛运动的规律和几何知识结合求时间．解答：解：〔1〕滑块由A到D过程，根据动能定理，有：mg〔2R﹣R〕﹣μmgcos37°•=0﹣0得〔2〕假设滑块能到达C点，根据牛顿第二定律有如此得A到C的过程：根据动能定理有﹣μmgcos37°•=﹣联立解得，v0=≥2m/s所以初速度v0的最小值为2m/s．〔3〕滑块离开C点做平抛运动，如此有x=v c t由几何关系得：tan37°=联立得 5t2+3t﹣0.8=0解得t=0.2s答：〔1〕滑块与斜面间的动摩擦因数μ为0.375．〔2〕假设使滑块能到达C点，滑块从A点沿斜面滑下时的初速度v0的最小值为2m/s．〔3〕假设滑块离开C处的速度大小为4m/s，滑块从C点飞出至落到斜面上的时间t是0.2s．点评：此题是动能定理与向心力、平抛运动与几何知识的综合，要注意挖掘隐含的临界条件，运用几何知识求解．14．〔20分〕如下列图，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原根底上增加一定值．右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v0匀速转动，水平局部长度L=9m．放在光滑水平面上的两一样小物块A、B〔均视为质点〕间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，物块质量m A=m B=lkg．现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时，A还未撞击P，B还未滑上传送带．取g=10m/s2．求：〔1〕A、B刚被弹开时的速度大小〔2〕试通过计算判断B第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带〔3〕假设B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．要使二者一起滑离传送带，求P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系．考点：动能定理的应用；动量守恒定律；机械能守恒定律．.专题：动能定理的应用专题；动量和能量的综合．分析：〔1〕A、B被弹簧弹开的过程实际是爆炸模型，符合动量守恒、系统机械能守恒，根据能量守恒和动量守恒求出分开后，A、B的速度大小，〔2〕由动能定理求出B的速度减小为零时B的位移，根据B的位移与传送带长度的关系分析答题．〔3〕A、B碰撞过程系统动量守恒，应用动量守恒定律与能量守恒定律分析答题．解答：解：〔1〕弹簧弹开的过程中，系统机械能守恒，由机械能守恒定律得：E P=m A v A2+m B v B2，A、B系统动量守恒，以向左为正方向，由动量守恒定律得：m A v A﹣m B v B=0，代入数据解得：v A=3m/s，v B=3m/s；〔2〕假设B不能从传送带右端滑离传送带，如此B做匀减速运动直到速度减小到零，设位移为s，由动能定理得：﹣μm B gs=0﹣m B v B2，代入数据解得：s=2.25m＜L，B不能从传送带右端滑离传送带．〔3〕设物块A撞击P后被反向弹回的速度为v1，设补充能量为E，由能量守恒定律得：E+m A v A2=m A v12，B与A发生碰撞后粘连共速为v，碰撞过程动量守恒，以向由为正方向，由动量守恒定律可得：m A v1﹣m B v2=〔m A+m B〕v，要使二者能一起滑离传送带，要求：〔m A+m B〕v2≥μ〔m A+m B〕gL，物块B的运动情况分两种情况讨论：①假设传送带速度v0足够大，物块B滑上传送带时在传送带上先向右做匀减速运动，直到速度减小到零，然后反方向做匀加速运动，由运动对称性可知物块B回到皮带左端时速度v2大小为：v2=v B=3m/s，即当传送带v0＞3m/s时，代入数据，联立上四式得：E=108J；②当传送带v0≤3m/s时物块B的运动情况是：滑上传送带先向右减速至速度为0，然后反向做加速至与传送带速度相等一起匀速运动回到左端，v2=v0，代入数据联立上四式得：；答：〔1〕A、B刚被弹开时的速度大小都是3m/s．〔2〕B第一次滑上传送带后，不能从传送带右端滑离传送带．〔3〕P应给A至少补充的动能E与传送带速度v0的关系为：①即当传送带v0＞3m/s时，E=108J；②当传送带v0≤3m/s时，．点评：此题是一道力学综合题，难度较大，考查了动量守恒、能量守恒的应用，分析清楚物体运动过程是正确解题的前提与关键．。
【物理】广东省广州市执信中学2013-2014学年高一下学期期中考试试题
2013-2014学年度第二学期高一级物理科期中考试试卷第一部分选择题（共56分）、单选题（每小题3分,8题共24分）1降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，若风速越大，则降落伞（）A. 下落的时间越短B.下落的时间越长C.落地时速度越小D.落地时速度越大2•质量为m的木块从半径为R的半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用使得木块速率不变，则（）A. 因为速率不变，所以木块的加速度为零B. 因为速率不变，所以木块的加速度不变C. 因为速率不变，所以木块下滑过程中的摩擦力不变D. 木块下滑过程中的加速度大小不变，方向时刻指向球心3.竖直上抛一个小球，3s末落回抛出点，则小球在第2s内的位移是（不计空气阻力，取向上为正方向）（）A. 10m B . 0 C . -5m D . -1.25m4•离心运动在生活中有很多的应用，下列说法正确的是（）A. 物体做离心运动是由于受到离心力的作用B. 汽车在山坡上转弯时，会在路上安置凸面镜，这是离心现象的应用C. 离心运动的本质是物体受到的合外力突然消失或不足以提供圆周运动所需的向心力D. 洗衣机脱水就是利用离心现象，衣服在洗衣筒里紧贴筒内壁时，受到的摩擦力会随之越来越大5. 如图，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M和2M的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是（）A. 甲的向心加速度比乙的小B. 甲的运行周期比乙的小C. 甲的角速度比乙的大D. 甲的线速度比乙的大6. 如图所示，在匀速转动的水平圆盘上，沿半径方向放着用细线相连的质量相等的两个物体A和B,它们与盘间的摩擦因数相同，当圆盘转动到两个物体刚好还未发生滑动时，烧断细线，两个物体的运动情况是（）A. 两物体沿切向方向滑动B. 两物体均沿半径方向滑动，离圆盘圆心越来越远C. 两物体仍随圆盘一起做圆周运动，不发生滑动D. 物体B仍随圆盘一起做匀速圆周运动，物体A发生滑动，离圆盘圆心越来越远7•如图所示，小球以初速度 v o 从光滑斜面底端 A 向上运动后，沿斜面顶端 C 射出去，最后 落到B 点，不考虑空气阻力，则小球运动的水平和竖直分速度图像 v x —t 、v y — t 均正确的是 （）&如图所示，将完全相同的两小球 A 、B 用长L = 0.8 m 的细绳悬于以v = 4 m/s 向左匀速运动的小车顶部，两球分别与小车前后壁接触.由于某种原因，小车突然停止，此时悬线 中张力之比F TA ：F TB 为（A. 1 : 1 C. 1 : 3B.小球在最高点对轻杆的作用力先减小后增大B. 1 ：2 D. 1 : 4 二.双选题（每小题 4分，部分选对得 2分,8题共32分）9. A. B. C. D. 下列哪些说法是正确的： （ ）两个互成角度的匀变速直线运动的合运动一定是匀变速直线运动 曲线运动一定是变速运动在恒力作用下，物体可以做曲线运动 做匀速圆周运动的物体，其线速度和周期不变10. 农民在精选谷种时， 常用一种叫“风车”的农具进行分选。
广东省广州市执信中学2024-2025学年高一上学期期中物理试题(无答案)
2024学年度第一学期高一级物理科期中考试试卷命题人：审题人：本试卷分选择题和非选择题两部分，共8页，满分为100分。
考试用时75分钟。
注意事项：1、答卷前，考生务必用黑色字迹的钢笔或签字笔将自己的姓名和学号填写在答题卡和答卷密封线内相应的位置上，用2B铅笔将自己的学号填涂在答题卡上。
2、选择题每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案；不能答在试卷上。
3、非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔在答卷纸上作答，答案必须写在答卷纸各题目指定区域内的相应位置上，超出指定区域的答案无效；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新的答案；不准使用铅笔和涂改液。
不按以上要求作答的答案无效。
4、考生必须保持答题卡的整洁和平整。
第一部分选择题(共46分)一、选择题：(本题共10小题，在每小题给出的四个选项中，第1~7题只有一项符合题目要求，每小题4分；第8~10题有多项符合题目要求，全选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分)1.执信中学今年有78名学生被中山大学录取，录取人数继续保持高位，很多执信学子进入高一就开始着手准备考中大，为了让同学们更好的了解中大，老师用手机导航软件查看了去中大的行驶线路，app界面上会显示出三条路线选择，具体图像如图所示，以下说法正确的是 ( )A.线路选择中的21分钟，代表时刻B.方案中显示的7.8千米，表示位移C.右侧方案和左侧方案对比，右侧方案汽车行驶的平均速度大D.右侧方案和中间方案对比，中间方案汽车行驶的平均速率大2.在教材中，有以下语句：任何物体受力时都会产生形变，只是形变有时很明显，可以用肉眼直接观察；有时很微小，需要借助仪器将其“放大”才能观察到。
如图所示的装置可以显示出硬木板的微小形变，以下说法正确的是：( )A.重物受到的重力就是压力B.重物向上形变使物体受到向上支持力C.重物受到支持力的方向与桌面恢复形变的方向一致D.压力和支持力是一对平衡力3.在教材习题中，我们做过同样习题； “歼-10”战斗机着陆时的速度很大，可用阻力伞使它减速(如图所示)。
2016-2017学年广东省广州市执信中学高一(上)期中物理试卷(解析版)
2016-2017学年广东省广州市执信中学高一（上）期中物理试卷一、选择题（本大题共12小题，第1-8题每题3分只有一个选项是正确的，第9-12题每题6分有多项符合题目要求，全部选对得6分，选不全的得3分，有选错或者不答的得0分，共48分）1．在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．引入重心﹑合力与分力的概念时运用了等效替代法B．根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法2．甲、乙、丙三个观察者同时观察一个物体的运动．甲说：“它在做匀速直线运动．”乙说：“它是静止的．”丙说：“它在做变速直线运动．”这三个人的说法（）A．在任何情况下都不对B．对于各自选定的参照系都对C．对于选定的同一参照系都对D．总有一个人或两个人是讲错的3．L型木板P（上表面光滑）放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q相连，如图所示．若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P的受力个数为（）A．3 B．4 C．5 D．64．在光滑的桌面上放置一个轻弹簧秤，两位同学分别用100N的水平力拉弹簧秤的两端，测得弹簧伸长5cm，则弹簧秤的示数和弹簧的劲度系数分别为（）A．示数200N、劲度系数1000N/m B．示数200N、劲度系数2000N/mC．示数100N、劲度系数1000N/m D．示数100N、劲度系数2000N/m5．一颗子弹以大小为v的速度射进一墙壁但未穿出，射入深度为x，如果子弹在墙内穿行为匀变速运动，则子弹在墙内运动的时间为（）A．B．C．D．6．关于物体的运动，下列说法中正确的是（）A．当物体的速度很大时，其加速度一定很大B．当物体的加速度减小时，其速度可以增大C．当物体的加速度方向为负时，其速度变化量的方向可以为正D．物体的运动方向就是位移方向7．一辆汽车做匀速直线运动，速度为20m/s，关闭发动机后以大小为4m/s2的加速度做匀减速运动，则关闭发动机后前6s内的位移大小为（）A．48m B．192m C．50m D．108m8．质点从静止开始做匀加速直线运动，从开始运动起，通过连续三段位移所用的时间分别为1s、2s、3s，这三段位移之比应是（）A．1：2：3 B．1：3：5 C．12：22：32D．1：23：339．（6分）如图所示，x﹣t图象中的两条图线1、2分别表示两个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列的判断中正确的是（）A．图线1表示物体做曲线运动B．图象中0至t1时间内1的平均速度小于2的平均速度C．图象中的t1时刻v1＞v2D．x﹣t图象中的交点表示1、2物体相遇10．（6分）一质点沿直线运动，如图所示是从t=0时刻开始，质点的﹣t（式中x为位移）的图象，可以推知下列的结论正确的是（）A．质点做匀加速直线运动 B．质点的初速度是2m/sC．加速度的大小是1m/s2D．t=2s时的位移是4m11．（6分）如图所示，在水平地面上叠放着两个长方形物体A、B，有一水平拉力F作用于物体B上，使两物体以相同的速度一起做匀速直线运动．由此可知，A、B间的动摩擦因数μ1和B与地面间的动摩擦因数μ2有可能是（）A．μ1=0，μ2=0 B．μ1=0，μ2≠0 C．μ1≠0，μ2=0 D．μ1≠0，μ2≠012．（6分）如图所示，重为5N的物体置于倾角为37°的斜面上，用平行于斜面的大小为5N 的力F作用于物体，物体恰能沿斜面向上做匀速直线运动，而斜面相对于地面保持静止，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，则下列说法中正确的是（）A．物体对斜面的压力大小为5NB．物体所受斜面摩擦力方向沿斜面向下C．物体与斜面之间的摩擦因数为0.5D．斜面对物体的合力方向水平向左二、实验题（本大题2小题，共18分．请把答案填在答题纸的横线上）13．（10分）如图甲为用等效代替法“验证力的平行四边形定则”的实验装置图．（1）本实验中“等效代替”的含义是．A．橡皮筋可以用细绳替代B．左侧弹簧测力计的作用效果可以替代右侧弹簧测力计的作用效果C．右侧弹簧测力计的作用效果可以替代左侧弹簧测力计的作用效果D．两弹簧测力计共同作用的效果可以用一个弹簧测力计的作用效果替代（2）请将下面实验的主要步骤补充完整．①将橡皮筋的一端固定在木板上的A点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计；②沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，记录，并记录两个拉力的大小及方向；③再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端也拉至O点，记录．（3）如图2所示，是某同学根据实验数据按照一定的标度（标度未画出）画出的力的图示．F1、F2、F、F'中不是由弹簧测力计测得的力是（填字母）．（4）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，下列操作必要的是．A．实验前，将两个弹簧测力计相互钩住，水平反向拉伸，检查读数是否相同B．实验时，应保持绳套与纸面平行C．实验时，为便于计算，拉力F1和F2必须相互垂直D．确定拉力的方向时，应使两个点的距离尽量远一些．14．（8分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为s．（2）ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，从图中读出A、B两点间距s=cm．（3）C点对应的速度是m/s；物体的加速度为m/s2．（计算结果保留两位有效数字）．三、计算题（（共4小题，共34分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）15．（6分）如图所示，AO、BO、CO为三根轻绳，OB与水平天花板夹角为60°，物体质量m=2kg．求AO、BO绳所受拉力．16．（7分）质量为2kg的物体放在水平地面上，物体与水平地面间的动摩擦因数为0.5，现给物体加一个水平拉力F，物体恰能在水平面上匀速运动，若在该物体运动的过程中，突然将拉力F改为大小不变，方向斜向上的拉力（如图示），求：（1）水平拉力F的大小；（2）F力斜向上拉时物体受到的摩擦力的大小是多少？（取g=10N/kg）17．（9分）某电视剧制作中心要拍摄一特技动作，要求特技演员从80m的大楼楼顶自由下落到行驶的汽车上，若演员开始下落的同时汽车从60m远处由静止向楼底先匀加速运动3s，再匀速行驶到楼底，为保证演员能安全落到汽车上（不计空气阻力，人和汽车看成质点，g=10m/s2），求：（1）汽车经多长时间开到楼底；（2）汽车匀加速运动的时间和加速度的大小．18．（12分）在公路的十字路口，红灯拦停了很多汽车，拦停的汽车排成笔直的一列，最前面的一辆汽车的前端刚好与路口停车线相齐，相邻两车的前端之间的距离均为L=6.0m，若汽车起动时都以a=2.5m/s2的加速度作匀加速运动，加速到v=10.0m/s 后做匀速运动通过路口．该路口亮绿灯时间t=40.0s，而且有按倒计时显示的时间显示灯．另外交通规则规定：原在绿灯时通行的汽车，红灯亮起时，车头已越过停车线的汽车允许通过．请解答下列问题：（1）若绿灯亮起瞬时，所有司机同时起动汽车，问有多少辆汽车能通过路口？（2）第（1）问中，不能通过路口的第一辆汽车司机，在时间显示灯刚亮出“3”时开始刹车做匀减速运动，结果车的前端与停车线相齐时刚好停下，求刹车后汽车加速度大小．（3）事实上由于人反应时间的存在，绿灯亮起时不可能所有司机同时起动汽车．现假设绿灯亮起时，第一个司机迟后△t=0.90s起动汽车，后面司机都比前一辆车迟后0.90s起动汽车，在该情况下，有多少辆车能通过路口？2016-2017学年广东省广州市执信中学高一（上）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本大题共12小题，第1-8题每题3分只有一个选项是正确的，第9-12题每题6分有多项符合题目要求，全部选对得6分，选不全的得3分，有选错或者不答的得0分，共48分）1．（2015秋•长沙校级期末）在物理学的重大发现中科学家们创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法和科学假说法、建立物理模型法等等．以下关于所用物理学研究方法的叙述不正确的是（）A．引入重心﹑合力与分力的概念时运用了等效替代法B．根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法C．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法叫假设法D．在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法【考点】重心【分析】在研究多个量之间的关系时，常常要控制某些物理量不变，即控制变量法；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；质点是实际物体在一定条件下的科学抽象，是采用了建立理想化的物理模型的方法；在研究曲线运动或者加速运动时，常常采用微元法，将曲线运动变成直线运动，或将变化的速度变成不变的速度．【解答】解：A、引入重心﹑合力与分力的概念时运用了等效替代法，故A正确；B、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想法，故B正确；C、质点采用的科学方法为建立理想化的物理模型的方法，故C错误；D、在推导匀变速运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里采用了微元法，故D正确．本题选择不正确的故选：C【点评】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．甲、乙、丙三个观察者同时观察一个物体的运动．甲说：“它在做匀速直线运动．”乙说：“它是静止的．”丙说：“它在做变速直线运动．”这三个人的说法（）A．在任何情况下都不对B．对于各自选定的参照系都对C．对于选定的同一参照系都对D．总有一个人或两个人是讲错的【考点】参考系和坐标系【分析】在研究物体是否运动时，先选择一个物体作为标准，这个被选作标准的物体叫参照物；如果物体位置相对于参照物的位置不变，则物体是静止的，如果物体位置相对于参照物位置不断变化，则物体是运动的；所选的参照物不同，判断物体的运动和静止的结果也可能不同，这是运动和静止的相对性．【解答】解：在判断一个物体时运动的还是静止的，我们要选定一个标准，这个标准的物体就叫做参照物；判断一个物体时运动还是静止，主要取决于所选的参照物，参照物不同，物体的运动情况就不同，这就是运动和静止的相对性．同时运动还具有绝对性，即物体的运动情况，取决于所选的参考系；如果选同一参考系，那么三人的说法应该是一样的，选取不同的参考系，其运动相同，但可能与三人的说法不一样，那么三人说法都可能对，故ACD错误，B正确；故选：B【点评】物体的运动状态的确定，关键取决于所选取的参照物．所选取的参照物不同，得到的结论也不一定相同．这就是运动和静止的相对性．3．（2012•红河州模拟）L型木板P（上表面光滑）放在固定斜面上，轻质弹簧一端固定在木板上，另一端与置于木板上表面的滑块Q相连，如图所示．若P、Q一起沿斜面匀速下滑，不计空气阻力．则木板P的受力个数为（）A．3 B．4 C．5 D．6【考点】物体的弹性和弹力【分析】先对物体Q受力分析，由共点力平衡条件可知，弹簧对Q有弹力，故弹簧对P有沿斜面向下的弹力；再对物体P受力分析，即可得到其受力个数．【解答】解：P、Q一起沿斜面匀速下滑时，由于木板P上表面光滑，滑块Q受到重力、P 的支持力和弹簧沿斜面向上的弹力．根据牛顿第三定律，物体Q必对物体P有压力，同时弹簧对P也一定有向下的弹力，因而木板P受到重力、斜面的支持力、斜面的摩擦力、Q的压力和弹簧沿斜面向下的弹力，所以选项C正确；故选：C．【点评】对物体受力分析，通常要用隔离法，按照先已知力，然后重力、弹力、摩擦力的顺序分析．4．在光滑的桌面上放置一个轻弹簧秤，两位同学分别用100N的水平力拉弹簧秤的两端，测得弹簧伸长5cm，则弹簧秤的示数和弹簧的劲度系数分别为（）A．示数200N、劲度系数1000N/m B．示数200N、劲度系数2000N/mC．示数100N、劲度系数1000N/m D．示数100N、劲度系数2000N/m【考点】胡克定律【分析】由题意得到弹簧的弹力等于100N，读数即为100N，伸长的长度x=5cm，由胡克定律F=kx求解弹簧的劲度系数．【解答】解：弹簧测力计的读数F=100N，伸长的长度x=5cm=0.05m由胡克定律F=kx得：k=N/m，故ABC错误，D正确．故选：D【点评】本题关键掌握胡克定律，知道公式F=kx中，x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度．5．（2013秋•聊城期末）一颗子弹以大小为v的速度射进一墙壁但未穿出，射入深度为x，如果子弹在墙内穿行为匀变速运动，则子弹在墙内运动的时间为（）A．B．C．D．【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】根据匀变速直线运动特有的平均速度公式和平均速度的定义求解．【解答】解：因为子弹在墙内做匀变速直线运动，初速度为v，末速度为0，故子弹的平均速度：所以可得子弹运动的时间为：t=故选：B．【点评】巧用匀变速直线运动的平均速度公式可使本题求解更简便．6．关于物体的运动，下列说法中正确的是（）A．当物体的速度很大时，其加速度一定很大B．当物体的加速度减小时，其速度可以增大C．当物体的加速度方向为负时，其速度变化量的方向可以为正D．物体的运动方向就是位移方向【考点】加速度【分析】根据加速度的定义式a=可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大．【解答】解：A、当物体做速度很大的匀速直线运动时，加速度为零，故A错误；B、加速度逐渐减小时，如果加速度方向与速度方向相同，那么速度增加，故B正确；C、速度变化量方向与加速度方向相同，加速度为负值，其速度变化量的方向为负，故C错误；D、位移的方向是从初位置指向末位置的有向线段的方向，不是运动方向，故D错误；故选：B【点评】把握加速度的定义式a=各个物理量的含义以及各个物理量之间的关系是解决此类问题的关键，是正确理解加速度的定义的基础．7．一辆汽车做匀速直线运动，速度为20m/s，关闭发动机后以大小为4m/s2的加速度做匀减速运动，则关闭发动机后前6s内的位移大小为（）A．48m B．192m C．50m D．108m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】先根据匀变速直线运动速度时间公式求出匀减速运动的总时间，判断汽车的状态，再由位移时间公式求解．【解答】解：汽车匀减速直线运动的总时间为：关闭发动机6s内的位移等于关闭发动机5s内的位移为：=50m，故C正确，ABD错误；故选：C【点评】对于刹车问题，要注意判断汽车的运动状态，不能死套公式，容易使解题结果不合理．8．质点从静止开始做匀加速直线运动，从开始运动起，通过连续三段位移所用的时间分别为1s、2s、3s，这三段位移之比应是（）A．1：2：3 B．1：3：5 C．12：22：32D．1：23：33【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】要求连续的时间不等的三段时间内的位移之比，就要分别求出这三段时间内得位移，要求这三段位移，可以先求第一段的位移，再求前两段的位移，再求前三段的位移，前两段的位移减去第一段的位移，就等于第二段的位移，前三段的位移减去前两段的位移就等于第三段的位移．【解答】解：根据x=可得物体通过的第一段位移为：x1=a×12又前3s的位移减去前1s的位移就等于第二段的位移，故物体通过的第二段位移为：x2=a×（1+2）2﹣×a×12=a×8又前6s的位移减去前3s的位移就等于第三段的位移，故物体通过的第三段位移为：x3=a×（1+2+3）2﹣×a×（1+2）2=a×27故x1：x2：x3=1：8：27=1：23：33，故D正确．故选：D【点评】本题求解第二段和第三段位移的方法十分重要，要注意学习和积累，并能灵活应用．9．（6分）如图所示，x﹣t图象中的两条图线1、2分别表示两个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列的判断中正确的是（）A．图线1表示物体做曲线运动B．图象中0至t1时间内1的平均速度小于2的平均速度C．图象中的t1时刻v1＞v2D．x﹣t图象中的交点表示1、2物体相遇【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系【分析】位移时间图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，斜率为正，则速度为正，斜率为负，则速度为负，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A、位移﹣时间图线是物体的位移随时间的变化规律，是描述直线运动规律的，并不是物体运动的轨迹．故A错误．B、图象中0至t1时间，甲乙物体的位移相同，时间也相等，则平均速度相等．故B错误．C、位移时间图线的切线斜率表示物体的瞬时速度，图线1在t1时刻的斜率大于图线2的斜率，则v1＞v2．故C正确．D、x﹣t图象中的交点表示1、2物体相遇，故D正确．故选：CD【点评】本题要抓住位移图象与速度图象物理意义的区别，从斜率、面积等数学意义进行识别和理解，特别注意不能把x﹣t图象当成v﹣t图象处理．10．（6分）一质点沿直线运动，如图所示是从t=0时刻开始，质点的﹣t（式中x为位移）的图象，可以推知下列的结论正确的是（）A．质点做匀加速直线运动 B．质点的初速度是2m/sC．加速度的大小是1m/s2D．t=2s时的位移是4m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系【分析】由图写出与t的关系式，由匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+变形，两者对比得到物体的初速度、加速度，再求t=2s时质点的速度．由图象求出t=2s的位移．【解答】解：AB、由图结合数学知识可得：=0.5t+1，由匀变速直线运动的位移时间公式x=v0t+变形得=v0+，对照可得质点的初速度v0=1m/s，加速度a=1m/s2．所以质点做匀加速直线运动．故AC正确，B错误．D、t=2s时，位移为：x=v0t+=1×3+×1×32=7.5m．故D错误．故选：AC【点评】本题的关键是根据图象写出函数表达式，从而求出加速度，来判断质点的运动情况，能根据匀变速直线运动的基本公式进行解答．11．（6分）如图所示，在水平地面上叠放着两个长方形物体A、B，有一水平拉力F作用于物体B上，使两物体以相同的速度一起做匀速直线运动．由此可知，A、B间的动摩擦因数μ1和B与地面间的动摩擦因数μ2有可能是（）A．μ1=0，μ2=0 B．μ1=0，μ2≠0 C．μ1≠0，μ2=0 D．μ1≠0，μ2≠0【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用【分析】对整体分析，通过共点力平衡判断地面对B是否有摩擦力，再隔离对A分析，判断A、B之间是否有摩擦力，从而确定A、B间，B、C间动摩擦因数是否为零【解答】解：对整体分析，整体在水平方向上受拉力和滑动摩擦力平衡，可知B和地面间的摩擦力不等于0，则B和地面间的动摩擦因数μ2一定不等于0．对A分析，因为A做匀速直线运动，知B对A的摩擦力为零，则A、B间的动摩擦因数可能为零，也可能不为零．故BD正确，AC错误．故选：BD【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，根据共点力平衡，判断摩擦力是否为零，难度适中．12．（6分）如图所示，重为5N的物体置于倾角为37°的斜面上，用平行于斜面的大小为5N 的力F作用于物体，物体恰能沿斜面向上做匀速直线运动，而斜面相对于地面保持静止，已知sin37°=0.6，cos37°=0.8，则下列说法中正确的是（）A．物体对斜面的压力大小为5NB．物体所受斜面摩擦力方向沿斜面向下C．物体与斜面之间的摩擦因数为0.5D．斜面对物体的合力方向水平向左【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力【分析】先对物体受力分析，根据共点力平衡条件求出支持力和摩擦力；再对整体体受力分析，再次根据共点力平衡条件列式求解．【解答】解：A、对物体受力分析，受重力、支持力、推力和摩擦力，根据共点力平衡条件，有：F﹣mgsin37°﹣f=0…①N﹣mgcos37°=0…②解得：N=mgcosθ=5×0.8N=4N，f=2N．B、物体沿斜面向上，故摩擦力一定沿斜面向下，故B正确；C、根据滑动摩擦力公式可得：f=μN，解得：μ===0.5；故C正确；D、斜面对物体的作用力是N和f的合力，设方向与斜面方向的夹角为α，则tanα===2，故合力不可能水平向左，故D错误．故选：BC．【点评】本题关键是先后对物体整体进行受力分析，然后根据共点力平衡条件列式分析求解．注意几何关系的正确应用即可求解．二、实验题（本大题2小题，共18分．请把答案填在答题纸的横线上）13．（10分）如图甲为用等效代替法“验证力的平行四边形定则”的实验装置图．（1）本实验中“等效代替”的含义是D．A．橡皮筋可以用细绳替代B．左侧弹簧测力计的作用效果可以替代右侧弹簧测力计的作用效果C．右侧弹簧测力计的作用效果可以替代左侧弹簧测力计的作用效果D．两弹簧测力计共同作用的效果可以用一个弹簧测力计的作用效果替代（2）请将下面实验的主要步骤补充完整．①将橡皮筋的一端固定在木板上的A点，另一端拴上两根绳套，每根绳套分别连着一个弹簧测力计；②沿着两个方向拉弹簧测力计，将橡皮筋的活动端拉到某一位置，记录结点O的位置，并记录两个拉力的大小及方向；③再用一个弹簧测力计将橡皮筋的活动端也拉至O点，记录拉力的大小及方向．（3）如图2所示，是某同学根据实验数据按照一定的标度（标度未画出）画出的力的图示．F1、F2、F、F'中不是由弹簧测力计测得的力是F'（填字母）．（4）在“验证力的平行四边形定则”的实验中，下列操作必要的是ABD．A．实验前，将两个弹簧测力计相互钩住，水平反向拉伸，检查读数是否相同B．实验时，应保持绳套与纸面平行C．实验时，为便于计算，拉力F1和F2必须相互垂直D．确定拉力的方向时，应使两个点的距离尽量远一些．【考点】验证力的平行四边形定则【分析】（1）该实验采用了“等效替代”的方法，即两次拉橡皮筋，要使橡皮筋的形变相同；（2）．“验证力的平行四边形定则”的实验原理是：记录两个分力以及合力的大小和方向后，选用相同的标度将这三个力画出来，画出来的合力是实际值，然后根据平行四边形画出合力，这个是理论值，通过比较实际值和理论值的关系来进行验证．（3）该实验采用了“等效法”，由于实验误差的存在，导致F1与F2合成的实际值与与理论值存在差别（4）数据处理时：我们需要画出力的大小和方向，所以力要尽量大些可减小测量误差对实验的影响，拉橡皮筋时要拉的尽量长一点，了解误差产生的原因即可正确解答．【解答】解：（1）该实验采用了“等效法”，即用两个弹簧秤拉橡皮筋的效果和用一个弹簧秤拉橡皮筋的效果是相同的，即要求橡皮筋的形变量相同，故ABC错误，D正确；故选：D．（2）两次实验中应保证作用效果相同，故应记录结点的位置；到“验证力的平行四边形定则”的实验时需要记录两个分力以及合力的大小和方向，所以：记录：这个拉力的大小及方向．（3）由于误差的存在，通过平行四边形定则得出的合力值与由弹簧秤直接测得的力并不完全相等，通过平行四边形得出值在对角线上，用一个弹簧直接测量出的值沿细绳方向，即沿BO方向，故F是由弹簧秤直接测得的，F′是通过平行四边形定值得出的合力值，所以不是由弹簧测力计测得的力是F′．（4）A、实验前先把两个弹簧秤的钩子互相钩住，平放在桌子上，向相反方向拉动，检查读数是否相同，故A正确；B、实验时应保持拉力水平，故应保持细绳与纸面平行；故B正确；C、实验时两细绳的夹角应近量大点，但不一定保持相互垂直；故C错误；D、为了方便而且更加准确确定力的方向，操作时可以使绳套细且长一些，描点时两点应近量距离远一点；故D正确；故选：ABD．故答案为：（1）D （2）结点O的位置拉力的大小及方向；（3）F′；（4）ABD．【点评】本题主要考查验证力的平行四边形定则的误差分析及数据的处理，应通过实验原理及数据的处理方法去思考减少实验误差的方法；并掌握实验中数据处理的方法．14．（8分）如图是某同学在做匀变速直线运动实验中获得的一条纸带．（1）已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s．（2）ABCD是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，从图中读出A、B两点间距s=0.70cm．（3）C点对应的速度是0.10m/s；物体的加速度为0.20m/s2．（计算结果保留两位有效数字）．【考点】测定匀变速直线运动的加速度【分析】打点计时器打点周期与交变电流的周期相同．由t=0.02s（n﹣1），算出计数点间的时间隔T．根据做匀变速直线运动的物体在某段时间内平均速度就等于在该段时间内的中间时刻瞬时速度求解C点对应的速度，根据△x=aT2可以求出物体的加速度a．。
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广东省广州市执信中学2014-2015学年高一上学期期中物理试卷 一、单项选择题（每题3分，共30分） 1．（3分）下列物理量中不属于矢量的是（） A． 路程 B． 加速度 C． 速度 D．位移
2．（3分）下列关于质点的正确说法有（） A． 研究和观察日食时可把太阳看成质点 B． 由于原子核很小，必须把原子核看作质点 C． 研究地球的公转时可把地球看作质点 D． 汽车在平直公路上前进，研究它的车轮上一点的运动情况，可把车轮看作质点
3．（3分）为了使公路交通有序、安全，道路两旁都竖立了许多交通标志．如图所示，甲图是广州市环市路高架桥上的限速标志（白底、红圈、黑字），表示允许行驶的最大速度是60km/h；乙图是路线指示标志，表示离下一出口还有25km．上述两个数据的物理意义是（）
A． 60km/h是平均速度，25km是位移 B． 60km/h是平均速度，25km是路程 C． 60km/h是瞬时速度，25km是位移 D． 60km/h是瞬时速度，25km是路程
4．（3分）近几年，国内房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓趋势．有同学将房价的“上涨”类比成运动学中的“加速”，将房价的“下跌”类比成运动学中的“减速”，那么“房价上涨出现减缓趋势”可以类比成运动学中的（） A． 速度增加，加速度减小 B． 速度增加，加速度增大 C． 速度减小，加速度增大 D． 速度减小，加速度减小
5．（3分）如图所示，为甲、乙两物体对于同一坐标的s﹣t图象，则下列说法正确的是（） ①甲、乙均做匀变速直线运动 ②甲比乙早出发时间t0 ③甲、乙运动的出发点相距s0 ④甲的速率大于乙的速率．
A． ①②③ B． ①④ C． ②③ D．②③④ 6．（3分）一物体从H高处自由下落，经t时间落地．则当它下落t时间所下落的高度为（） A． B． C． D．
7．（3分）一物体做匀减速直线运动，初速度为10m/s，加速度大小为1m/s2，则物体在停止运动前1s内的平均速度大小为（） A． 5.5m/s B． 5m/s C． 1m/s D．0.5m/s
8．（3分）如图，斜面固定于水平地面，滑块A，B一起沿斜面匀速向下运动时，A的受力示意图为（）
A． B． C． D． 9．（3分）如图所示，用水平力F把铁块压在竖直墙壁上不动，设墙壁对铁块的压力为N，对铁块的摩擦力为f，当F增大时，下面的说法正确的是（）
A． N变大，f不变 B． 铁块所受的合力变大 C． N和f均不变 D． N不变，f变大
10．（3分）如图所示的水平面上，橡皮绳一端固定，另一端连接两根弹簧，连接点P在F1、F2和F3三力作用下保持静止．下列判断正确的是（）
A． F1＞F2＞F3 B． F3＞F1＞F2 C． F2＞F3＞F1 D．F3＞F2＞F1 二、双选题（6小题，每小题4分，共24分；在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题意．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分） 11．（4分）关于弹力，下列说法正确的是（） A． 两物体间有弹力作用时，一定是相互接触的 B． 放在桌面上的书本，它对桌面的压力是由于桌面发生形变而产生的 C． 放在桌面上的书本，它受到桌面的支持力是由于桌面发生形变而产生的 D． 绳子对物体的拉力总是竖直向上的
12．（4分）一弹簧原长15cm，受10N外力作用时长度变为17cm，若作用在弹簧上的外力大小变为20N，且弹簧仍然在弹性限度内，则下列说法正确的是（） A． 弹簧长度变为0.19 m B． 弹簧长度变为0.24 m C． 弹簧的劲度系数为5N/m D． 弹簧的劲度系数为500N/m
13．（4分）物体运动的初速度为6m/s，经10s速度大小变为20m/s，则加速度大小可能是（） A． 0.8 m/s2 B． 1.4 m/s2 C． 2.0 m/s2 D．2.6 m/s2
14．（4分）如图为一物体作匀变速直线运动的速度﹣时间图象，根据图象信息，其中正确的是（）
A． 物体始终沿正方向运动 B． 物体先沿正方向运动，在t=2s后开始沿负方向运动 C． t=2s时物体离出发点最远 D． t=4s时物体离出发点最远
15．（4分）一质点做匀加速直线运动，第三秒内的位移2m，第四秒内的位移是2.5m，那么可以知道（） A． 这两秒内平均速度是2.15m/s B． 第三秒末的瞬时速度是2.25m/s C． 质点的加速度是0.25m/s2 D． 质点的加速度是0.5m/s2
16．（4分）用三根轻绳将质量为m的物块悬挂在空中，如图示．已知绳ac和bc与竖直方向的夹角分别为30°和60°．则ac和bc绳的拉力大小分别为（） A． Tac=mg B． Tac=mg C． Tbc=mg D．Tbc=mg 三、实验填空题（3小题，共14分） 17．（5分）研究小车匀变速直线运动的实验装置如图1所示，打点计时器的工作频率为50HZ，纸带上计数点的间距如图2所示，设相邻计数点间时间间隔为T，其中每相邻两点之间还有4个记录点未画出，图上注明了各计数点间距离的测量结果，所接电源是频率为50Hz的交流电，则：
（1）下面为部分实验步骤，请将正确的实验步骤顺序填写在横线上：（用字母填写） A．测量完毕，关闭电源，取出纸带 B．将小车停靠在打点计时器附近，小车尾部与纸带相连 C．接通电源，待打点计时器工作稳定后放开小车 D．把打点计时器固定在平板上，让纸穿过限位孔 （2）请写出计数点B的瞬时速度计算的表达式（用字母表示）VB=，并算出速度大小VB=m/s；（结果保留3位有效数字） （3）为了充分利用记录数据，减小误差，小车加速度的计算表达式应为a=（用字母表示）；请计算出加速度的大小a=m/s2；（结果保留3位有效数字）．
18．（4分）在“探究弹力与弹簧伸长的关系”的实验中，为了探求弹簧弹力F和弹簧伸长量x的关系，李强同学选了甲、乙两根规格不同的弹簧进行测试，根据测得的数据绘出如图所示的图象，从图象上看，该同学没能完全按实验要求做，使图象上端成为曲线，图象上端成为曲线是因为．其中乙弹簧的劲度系数为N/m．若要制作一个精确度较高的弹簧秤，应选弹簧（填“甲”或“乙”）．
19．（5分）某同学用如图所示的实验装置来验证“力的平行四边形定则”，弹簧测力计A挂于固定点P，下端用细线挂一重物M弹簧测力计B的一端用细线系于O点，手持另一端向左拉，使结点O静止在某位置．分别读出弹簧测力计A和B的示数，并在贴于竖直木板的白纸上记录O点的位置和拉线的方向． （1）本实验用的弹簧测力计示数的单位为N，图中A的示数为N． （2）下列不必要的实验要求是． A．应测量重物M所受的重力 B．弹簧测力计应在使用前校零 C．两个弹簧测力计都拉伸到相同刻度 D．改变拉力，进行多次实验，每次都要使O点静止在同一位置 （3）同学们在操作过程中有如下议论，其中对减小实验误差有益的说法是（填字母代号）． A．连接弹簧测力计的两细绳必须等长 B．弹簧秤、细绳都应与竖直木板平行 C．用两弹簧秤同时拉细绳时两弹簧秤之间的夹角应尽可能大 D．连接弹簧测力计的细绳要长些，标记同一细绳方向的两点要远些．
四、计算题（4小题，共32分．解答应写出必要的文字说明．方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 20．（8分）航空母舰的飞行甲板长度有限，因此战斗机着舰时必须借助阻拦索才能进行短距降落．假设歼﹣15歼击机在辽宁舰甲板上着舰瞬间的速度为50m/s，在阻拦索的作用下，在甲板上水平滑行100m后停下，水平滑行过程可近似看成匀减速直线运动 （1）求歼﹣15的加速度 （2）求歼﹣15从着舰到静止所需要时间．
21．（8分）小球从塔顶自由下落，假设空气阻力忽略不计，（重力加速度g取10m/s2） （1）求小球释放后1s内下落的距离 （2）若小球在落地前1s内下落的距离为15m，求塔顶离地面的高度．
22．（8分）一辆警车在某路口停车执勤，忽然发现前方50m处有一违章汽车正以5m/s的速度向前行驶，警车立即启动进行追赶．假设违章汽车做匀速直线运动，警车从静止开始做匀加速直线运动： （1）若警车的加速度为2m/s2，经过多长时间可以追上违章汽车 （2）若违章汽车再往前行驶20s便驶入岔道，则警车要保证拦截成功，其加速度大小不能小于多少．
23．（8分）如图所示，质量为10kg的木块现静止于倾角为37°的粗糙斜面上，同时受到一个平行斜面向上的力F的作用．若木块与斜面间的动摩擦因数为0.5，最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度g取10m/s2．要保证木块始终保持静止状态，求F的大小范围．（sin37°=0.6，cos37°=0.8）
广东省广州市执信中学2014-2015学年高一上学期期中物理试卷 参考答案与试题解析 一、单项选择题（每题3分，共30分） 1．（3分）下列物理量中不属于矢量的是（） A． 路程 B． 加速度 C． 速度 D．位移
考点： 矢量和标量． 分析： 矢量是既有大小又有方向的物理量，标量是只有大小没有方向的物理量． 解答： 解：路程是只有大小没有方向的标量，而加速度、速度和位移是既有大小又有方向的矢量．故A正确，BCD错误． 故选：A． 点评： 本题要能抓住矢量与标量的区别：矢量有方向，标量没有方向，能正确区分物理量的矢标性．
2．（3分）下列关于质点的正确说法有（） A． 研究和观察日食时可把太阳看成质点 B． 由于原子核很小，必须把原子核看作质点 C． 研究地球的公转时可把地球看作质点 D． 汽车在平直公路上前进，研究它的车轮上一点的运动情况，可把车轮看作质点
考点： 质点的认识． 专题： 直线运动规律专题． 分析： 解决本题要正确理解质点的概念：质点是只计质量不计大小、形状的一个几何点，是实际物体在一定条件的科学抽象，能否看作质点物体本身无关，要看所研究问题的性质，看物体的形状和大小在所研究的问题中是否可以忽略． 解答： 解：A、在观察日食时，正是由于太阳的大小，才会出现日偏食、日全食等不同的情况，所以A错误． B、原子核很小，但在研究原子核内部的结构等的时候是不能看成质点的，所以B错误． C、研究地球的公转时，地球的大小相对于地球和太阳的距离来说是很小的，可以忽略，所以C正确