山西省2020届高三毕业班新课程教学质量监测物理答案

物理参考答案（江西省2020年高中毕业班新课程教学质量监测卷）14.【答案】B 解析：太阳质量减小，万有引力相应减小，地球离心，运动半径增大，周期增大。

选项B 正确。

15.【答案】A 解析：根据圆周运动的受力条件可以从图乙中判断带电小球带的一定是负电。

由甲图中洛仑兹力方向，就可以判断带电小球的运动方向。

在电场中小球的运动方向与电场力的方向无关。

选项A 正确。

16.【答案】D 解析：合上开关，换用白光照射，不会发生光电效应，无电流通过电流计。

用紫外线照射，发生光电效应，锌板中的电子逸出，带正电，铜网带负电，即静电计指针带负电。

断开开关，仍用紫外线照射锌板，把铜网移近锌板，光电子的最大初动能W h E －ν=k m 不变，两板间的反向截止电压eWh U －ν=不变，静电计指针的张角反映的是电容器两板间的电压，因此是不变的。

当增大照射光的频率，反向截止电压相应增大，指针张角增大。

选项D 正确。

17.【答案】B 解析：设压缩到P 点时，弹簧的弹性势能为E ，开始时，物体A 、B 的质量均为m ，则有2021mv E =，mv mv 20=，E mv E E 2122121=×=－。

把A 的质量换成3m ，20/321mv E ×=，//043mv mv =，E mv E E 414212/2=×=－。

所以有2:21=E E 。

选项B 正确。

18. 【答案】BD 解析：理想变压器输入功率等于输出功率，并且输入和输出电压不变。

负载变了，使相应的电流发生变化，电流比等于负载电阻的反比，选项B 正确。

接上R 1=4Ω负载时，副线圈电压V 10112==R P U ，换上负载R 2=16Ω时，负线圈的电流A 85222==R U I ，根据原、副线圈电流关系可得原、副线圈匝数之比251221==I I n n ，选项D 正确。

19.【答案】BCD 解析：设物体沿斜面上滑发生位移x ，则有θμθcos sin 1mgx mgx E +=，θμcos 2mgx E =，解得θμtan 212E E E -=，也可求物体沿斜面向上运动的加速度θθμθsin cos sin 211g E E E g g a -=+= 。

设物体沿斜面上滑的最大位移为L ，则10E Ex L =，物体上滑和下滑损失的机械能0122cos 2E E E mg L E ==θμ∆，滑到斜面底端的动能0120)21(E E E E E E -=∆-=。

选项BCD 正确。

20.【答案】AB 解析：拉力最大时，对A ：θμθcos sin A A g m g m T +=，对B ：θμθcos sin A B g m T g m F m +=+，解得N 9.28=m F 。

拉力最小时，对A ：θθμsin cos A A g m g m T =+，对B ：T g m g m F =++θθμsin cos B A min ，解得N 1.1min =F 。

拉力F 取值范围N 9.28N 1.1≤≤F ，选项AB 正确。

21.【答案】AC 解析：由OP 中点射入的粒子垂直打在挡板上，可知带电粒子在磁场中运动半径l r 21=。

当030=θ时，P 点射出的粒子打在PQ 的最高点，打中的长度为l r S 233==，选项A 正确；当045=θ时，P 点射出的粒子仍打在最高点，打中的长度为l r S 222==，选项B 错误；当060=θ时，P 点左侧某个粒子打在PQ 上的最高点，其速度方向平行OP ，打中长度为l r S 3360sin 0==，选项C 正确；当090=θ时，不难判断打中的长度为l r S 21==，选项D错误。

22.（5分）【答案】（1）3.65（2分，3.60~3.70均给分）；0.45（1分，0.46也给分。

数字正确且有效数字位数正确才给分） （2）过原点的一条直线（2分。

只写“一条直线”而没写“过原点”的给1分）23.（10分）【答案】（1）小王（1分）；由于电源内阻较小，调节电阻箱时电压表的示数变化不明显（2分。

写到“电压表示数变化不明显或小”而没有写到“由于电源内阻小”的原因给1分）（2）作图如图所示（1分。

要求作出的是一条直线才给1分）； 1.50~1.54 （2分。

数值在该范围内且有效数字位数正确的才给2分）；9.20 ~10.0（2分。

数值在该范围内且有效数字位数正确的才给2分） （3）小于（1分）；小于（1分）24．（12分）【答案】解：（1）闭合铜线圈右侧边刚进入磁场时，产生的电动势：E ＝BLv 0 ………………………………（1分）产生的电流：I ＝E R ＝BLv 0R ………………………………（2分）右侧边所受安培力：F ＝BIL ＝B 2L 2v 0R ………………………（4分）根据牛顿第二定律有：F －μmg ＝ma ……………………（6分）解得：g mR v L B a μ-022=……………………（8分）（2）当金属线圈的ad 边刚刚进入磁场和离开磁场时线圈的速度大小均等于v 1，说明金属线圈的bc 边离开磁场时线圈的速度大小为v 0。

在线圈刚刚完全进入磁场做匀加速运动，直到bc 边到达磁场右边界的过程中，根据动能定理：212021－21＝)－(mv mv L d μmg ………………（10分）解得：L g v v d +=μ22120－ …………………………（12分）25.（20分）【答案】解：（1）小球A 受到拉力F 作用时，做加速运动，对A 进行受力分析，水平方向： 1cos a m F F A N o 37=μ－ …………………………（1分） 竖直方向： g m F F A N o 37=+sin …………………………（2分） 代入数据解得：21m 6=a …………………………（4分） （2）假定小球A 速度减为零之前未与B 相碰，则撤去拉力时：s m 611=⋅=t a v ………………………（5分）m 321211=⋅=t a x ………………………（6分）撤去拉力后A 做减速运动，2A A a m g m =μ，22s m 5=a …………………（7分）m 6.322212==a v x ………………………（8分）因L x x <=+m 6.621，假定成立，故小球A 运动的总位移为6.6m 。

…………（10分） （3）撤去拉力时，t t a v 61A1=⋅=与B 碰撞前，6866)621(523622222－－－t t L t v A =×××=………………（11分） 小球A 与小球B 之间的碰撞为弹性正碰，则：132B B A A A A v m v m v m ⋅+⋅=⋅ ……………………………（12分）212322212121B B A A A A v m v m v m ⋅+⋅=⋅ ………………………（13分）解得：2121A B v v =……………………………（14分）球B 做平抛运动，经t B 打在MN 上，有：B B t v x ⋅=1 …………………………………………（15分）2B21gt h =…………………………………………（16分） 且222R x h =+ ………………………………（17分） 平抛过程中遵循机械能守恒，有： gh m v m v m B B B B B +⋅=⋅21222121 …………………（18分） 可得：22222243B t g t R vB B ⋅+= 可知当222243B t g t R B ⋅=时，2B v 最小，即动能最小解得：s 252B =t 代入数据可解得：s 2=t ………………………（20分）33.（15分）【答案】（1）ADE （选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）解：第一次打入气体后，篮球内气体压强变为P 1，根据玻马定律有： 01000)151(V P V V p =+……………………（2分）解得：011516P P =……………………（3分） 设篮球内气体最终温度为T ，根据气体状态变化定律知：TV P T V V P 0000004)15120(=⨯+ ……………（5分） 解得：0712T T =……………（6分） 篮球内气体内能的增量为：075kT T k U =∆=∆ ……………（8分） 根据热力学第一定律可得打气过程中，对气体所做的功为：075kT Q U Q W +=∆+= ………………（10分）34.（15分）【答案】（1）ACE （选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。

每选错1个扣3分，最低得分为0分）（2）解：设光进入液体的折射角为ɑ,根据几何知识可知光斑移动的距离：)tan 60(tan 20α－d x =∆ ……………（3分）解得：045=α …………………………（4分） 设液体的折射率为n ，根据折射定律知：2645sin 60sin 00==n ……………（5分）光在液体中传播的距离：045sin 2ds ×= ……………（7分） 光在液体中传播的速度：ncv = ……………（8分）光在液体中的传播时间：vst = ……………（9分）解得：s 101.19-⨯=t ……………（10分）。