山西省星原学校复兴班2015届高三物理上学期第五次自助检测试题新人教版
山西省太原五中高三物理5月月考试题新人教版1
太原五中2013—2014学年度第二学期月考(5月)高三物理可能用到的相对原子质量:H 1 C 12 N 14 O 16 Cl 35.5 S 32 Na 23 Fe 56 Cu 64第Ⅰ卷一、选择题：本卷共13小题。
每小题6分。
在每个小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
二．选择题：本大题共8小题，每小题6分，其中14--18小题只有一项符合题目要求；19、20、21小题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14．如图所示，A、B两质点以相同的水平速度v0沿x轴正方向抛出，A在竖直平面内运动，落地点为P1，B沿光滑斜面运动，落地点为P2。
P1和P2在同一水平面上，不计空气阻力。
则下面说法中正确的是A．A、B的运动时间相同B．A、B沿x轴方向的位移相同C．A、B落地时的速度相同D．A、B落地时的动能相同15．一根质量为Ｍ的直木棒，悬挂在O点，有一只质量为m的猴子抓着木棒，如图所示。
剪断悬挂木棒的细绳，木棒开始下落，同时猴子开始沿棒向上爬，设在一段时间内木棒沿竖直方向下落，猴子对地的高度保持不变。
忽略空气阻力。
则图乙的四个图象中能正确反映在这段时间内猴子对木棒作功的功率随时间变化的关系的是：16．如图所示的电路，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则A．电容器中的电场强度将增大B．电容器的电容将减小C．电容器上的电荷量将减少D．液滴将向上运动17．如图所示，曲线Ⅰ是一颗绕地球做圆周运动卫星轨道的示意图，其半径为R；曲线Ⅱ是一颗绕地球做椭圆运动卫星轨道的示意图，O点为地球球心，AB为椭圆的长轴，两轨道和地心都在同一平面内，己知在两轨道上运动的卫星的周期相等，万有引力常量为G，地球质量为M，下列说法正确的是A．椭圆轨道的长轴长度为RB．卫星在Ⅰ轨道的速率为v0，卫星在Ⅱ轨道B点的速率为v B，则v0<v BC．卫星在Ⅰ轨道的加速度大小为a0，卫星在Ⅱ轨道A点加速度大小为a A，则a0<a AD．若OA＝0.5R，则卫星在B点的速率v B>2GM3R18．如图所示，有一等腰直角三角形的区域，其斜边长为2L，高为L.在该区域内分布着如图所示的磁场，左侧磁场方向垂直纸面向外，右侧磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小均为B.一边长为L、总电阻为R的正方形导线框abcd，从图示位置开始沿x轴正方向以速度v匀速穿过磁场区域．取沿顺时针方向的感应电流为正，下图中表示线框中电流i随bc边的位置坐标x变化的图象正确的是19．如图所示，AB是一个接地的很大的薄金属板，其右侧P点有一带电量为Q的正点电荷，N为金属板右侧表面上的一点，P到金属板的垂直距离PN=d， M为PN连线的中点。
山西省太原市2015届高三模拟考试(二)理综物理试题及答案
太原市2015年高三年级模拟试题（二）理科综合能力测试(考试时间：上午9:00-11:30）注意事项：1．本试卷分笫I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第I卷1至5页，第Ⅱ卷6至16页。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在试题和答题卡上。
2．回答第I卷时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试题上无效。
3.回答第Ⅱ卷时，须用0.5毫米黑色签字笔将答案写在答题卡相对应的答题区域内，写存本试题上无效。
4.考试结束后，将本试题和答题卡一并变回。
可能用到的相对原子质量：H1 C12 O16 Cu 64 Au197第I卷二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中．14 -18小题只有一项符合题目要求，19-21小题有多项符合题目要求。
全部选对得6分，选对但不全得3分，有选错的得0分。
14.直导线ab放在如图所示的水平导体框架上，构成一个闭台回路；长直导线cd和框架处在同一个平面内，且cd和ab平行。
当cd中通有电流时，观察到ab向左滑动，关于cd中的电流，下列说法正确的是A.电流一定增大，方向沿c向dB.电流一定增大，方向沿d向cC.电流一定减小，方向可能由d向cD.电流大小恒定，方向由d到c15. 2015年莫斯科世锦赛上，我国男子短道速滑队时隔15年再次站到5000m接力的冠军领奖台上。
观察发现，“接棒”的运动员甲提前站在“交捧”的运动员乙前面，并且开始向前滑行，待乙追上甲时，乙猛推甲，甲获得更大的速度向前冲出。
在乙推甲的过程中，忽略运动员与冰面间在水平方向上的相互作用，则A．甲对乙的作用力与乙对甲的作用力相同B．甲对乙的作用力一定做正功，乙的动能增大C.乙对甲的作用力一定做正功，甲的动能增大D.甲的动能增加量一定等于乙的动能减少量16．近年来，智能手机的普及使“低头族”应运而生。
近日研究发现，玩手机时，就有可能让颈椎承受多达60磅(约270 N)的重量，相当干给颈椎挂俩大西瓜，比一个7岁小孩还重。
2015年全国统一高考物理试卷(新课标ⅰ)(含解析版)
2015年全国统一高考物理试卷（新课标Ⅰ）一、选择题目（本题共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第1-5题只有一项符合题目要求。
第6-8题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）两相邻匀强磁场区域的磁感应强度大小不同、方向平行。
一速度方向与磁感应强度方向垂直的带电粒子（不计重力），从较强磁场区域进入到较弱磁场区域后粒子的（）A．轨道半径增大，角速度增大B．轨道半径增大，角速度减小C．轨道半径减小，速度增大D．轨道半径减小，速度不变2．（6分）如图，直线a、b和c、d是处于匀强电场中的两组平行线，M、N、P、Q是它们的交点，四点处的电势分别为φM，φN，φP，φQ，一电子由M 点分别到N点和P点的过程中，电场力所做的负功相等，则（）A．直线a位于某一等势面内，φM＞φQB．直线c位于某一等势面内，φM＞φNC．若电子由M点运动到Q点，电场力做正功D．若电子由P点运动到Q点，电场力做负功3．（6分）一理想变压器的原，副线圈的匝数比为3：1，在原、副线圈的回路中分别接有阻值相同的电阻，原线圈一侧接在电压为220V的正弦交流电源上，如图所示，设副线圈回路中电阻两端的电压为U，原、副线圈回路中电阻消耗的功率的比值为k，则（）A．U=66V，k=B．U=22V，k=C．U=66V，k=D．U=22V，k= 4．（6分）如图，一半径为R，粗糙程度处处相同的半圆形轨道竖直固定放置，直径POQ水平，一质量为m的质点自P点上方高度R处由静止开始下落，恰好从P点进入轨道，质点滑到轨道最低点N时，对轨道的压力为4mg，g为重力加速度的大小，用W表示质点从P点运动到N点的过程中克服摩擦力所做的功，则（）A．W=mgR，质点恰好可以到达Q点B．W＞mgR，质点不能到达Q点C．W=mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离D．W＜mgR，质点到达Q点后，继续上升一段距离5．（6分）一带有乒乓球发射机的乒乓球台如图所示，水平台面的长和宽分别为L1和L2，中间球网高度为h，发射机安装于台面左侧边缘的中点，能以不同速率向右侧不同方向水平发射乒乓球，发射点距台面高度为3h，不计空气的作用，重力加速度大小为g，若乒乓球的发射率v在某范围内，通过选择合适的方向，就能使乒乓球落到球网右侧台面上，到v的最大取值范围是（）A．＜v＜L1B．＜v＜C．＜v＜D．＜v＜6．（6分）1824年，法国科学家阿拉果完成了著名的“圆盘实验”。
高三物理月考试题及答案-山西太原外国语学校2015届高三(上)月考
2014-2015学年山西省太原外国语学校高三（上）月考物理试卷（9月份）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中.第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求.全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）（2014秋•万柏林区校级月考）下列情况中运动的物体不能被看作质点的是（）2．（6分）（2015•嘉峪关校级二模）如图是三个质量均不计的完全相同的弹簧测力计，图中各小球的质量相等，且不计一切摩擦，平衡时各弹簧测力计的示数分别为F1、F2、F3，则（）3．（6分）（2014秋•万柏林区校级月考）a、b两物体从同一点沿同一方向做直线运动，v ﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）4．（6分）（2010秋•珠海校级期中）一物体以一定的初速度在水平地面上匀减速滑动，若已知物体在第1秒内位移为8.0m，在第3秒内位移为0.5m．则下列说法正确的是（）解答：解：根据匀变速直线运动的规律△x=aT2可得：所以加速度AB、如果说没有外力的情况下任由物体在一个粗糙的水平面上滑动，它最终会停下来，也就是说它是不可返回的，假设它在第2s到第3s之间的某一时刻就已经停下来了，加速度大小就不等于3.75m/s2，故A错误，B正确；C、第0.5s末速度为第1s内的中点时刻速度，根据，故C正确；D、如果在第3s前就已经停止运动，则物体在第2.5s末速度不等于第3s的平均速度，故D错误故选：BC．5．（6分）（2014秋•万柏林区校级月考）如图所示，质量为m的两个小球A、B固定在轻杆的两端，将其放入光滑的半圆形碗中，杆的长度等于碗的半径，小球的半径远小于碗的半径．当杆与碗的竖直半径垂直时，两球刚好能平衡，则杆对小球的作用力大小为（）．mg B．mg C．mg D解答：解：由题得知，A、B间的杆一定水平，对其中一个小球受力分析，如图，由共点力的平衡知识可得，杆的作用力为F=mgtan30°=．故选：A．6．（6分）（2014秋•万柏林区校级月考）如图所示，一木板B放在粗糙水平地面上，木块A放在B的上面，A的右端通过轻质弹簧固定在竖直墙壁上，用力F向左拉B，使B以速度v 向左匀速运动，稳定后弹簧的拉力为F T，则下面说法中正确的是（）7．（6分）（2014秋•万柏林区校级月考）如图所示，用与竖直方向成θ角（θ＜45°）的倾斜轻绳a和水平轻绳b共同固定一个小球，这时绳b的拉力大小为F1，现保持小球在原位置不动，使绳b在原竖直平面内逆时针转过θ角，绳b的拉力大小为F2，再逆时针转过θ角固定，绳b的拉力大小为F3，则（）解答：解：对小球受力分析，受到重力和两个拉力，三力平衡，如图：通过几何关系可知，力F2垂直与细线，故F1=F3＞F2 ；由图可知，绳a的拉力逐渐减小，故A、D正确，B、C错误．故选：AD．8．（6分）（2014秋•万柏林区校级月考）某人在高层建筑的阳台外侧以v=20m/s的速度竖直向上抛出一个小物体，不计空气阻力，g=10m/s2，当小物体运动到离抛出点15m处时，所经历的时间可能是（）．（2+）s D解答：解：取竖直向上方向为正方向，当石块运动到抛出点上方离抛出点15m时，位移为x=15m，由x=v0t﹣gt2代入得：15=20t﹣×10t2解得：t1=1s，t2=3s当石块运动到抛出点下方离抛出点15m时，位移为x=﹣15m，由x=v0t﹣gt2代入得：﹣15=20t﹣×10t2解得：t1=（2+）s，t2=（2﹣）s（舍去）．故A、B、C正确，D错误．故选：ABC．三、非选择题；包括必考题和选考题两部分．第24题～第36题为必考题，每个试题考生都必须作答．第37题～第38题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（13题，共147分）9．（7分）（2014秋•万柏林区校级月考）某学生在用打点计时器研究小车做匀变速直线运动的实验．（1）开始时仪器装配成如图1所示，其中有错误与不妥之处，请把它们找出来．①使用了直流电源，应该使用低压交流电源；②小车离打点计时器较远，应该让小车离开打点计时器近一些，合理利用纸带的有效长度；③拉小车的绳子应该与木板平行．（2）改正错误后，如图2是该同学在实验中获得的一条纸带．①已知打点计时器电源频率为50Hz，则纸带上打相邻两点的时间间隔为0.02s ．②A、B、C、D是纸带上四个计数点，每两个相邻计数点间有四个点没有画出，从图中读出A、B两点间距s= 0.700 cm；打C点的速度是0.100 m/s2（计算结果保留三位有效数字）．解答：解：（1）根据打点计时器的工作原理可以知道，打点计时器使用的电源是交流电源，不能接直流电源；为了在纸带上打更多的点，提高纸带的利用率，实验开始时应该让小车靠近打点计时器；拉小车的绳子没有与木板平行．故答案为：使用了直流电源，应该使用低压交流电源；小车离打点计时器较远，应该让小车离开打点计时器近一些，合理利用纸带的有效长度；拉小车的绳子应该与木板平行．（2）带上打相邻两点的时间间隔T==s=0.02s②A、B间的距离S=0.700cm．③B、D间的时间间隔T=0.1s则v c==×10﹣2 m/s=0.100m/s故答案是：（ 1）使用了直流电源，应该使用低压交流电源；小车离打点计时器较远，应该让小车离开打点计时器近一些，合理利用纸带的有效长度；拉小车的绳子应该与木板平行；（2）0.02s，0.700，0.100m/s点评：本题考查了打点计时器的使用，属于简单基础题目，平时训练中注意加强基础知识的应用．打点计时器问题常常根据匀变速运动的推论：由v n=求解速度，由△x=aT2加速度．10．（10分）（2007•宝安区模拟）用纳米技术处理过的材料叫纳米材料，其性质与处理前相比会发生很多变化，如机械性能会成倍地增加，对光的反射能力会变得非常低，熔点会大大降低，甚至有特殊的磁性质．现有一种纳米合金丝，欲测定出其伸长量x与所受拉力F、长度L、截面直径D的关系．（1）测量上述物理量需要的主要器材是：螺旋测微器、刻度尺、弹簧测力计等．（2）若实验中测量的数据如表所示，根据这些数据请写出x与F、L、D间的关系式：x=（若用到比例系数，可用k表示）（3）在研究并得到上述关系的过程中，主要运用的科学研究方法是控制变量法（只需写出一种）（4）若有一根合金丝的长度为20cm，截面直径为0.200mm，使用中要求其伸长量不能超过原长的百分之一，那么这根合金丝能承受的最大拉力为62.5 N．解答：解：（1）测量截面积应先螺旋测微器测出直径再求出面积；而长度可以直接用刻度尺测量；而拉力用弹簧测力计测量；（2）分别比较相同直径及相同长度的两种情况，则可得出拉力与长度成正比，与截面积成反比，则可知x=k；（3）由（2）的分析可知，实验中要求要控制变量，故采用了控制变量法，同时本实验也采用了归纳法；（4）由x=k，由上表的数据代入可求得k，则拉力F==62.5N；故答案为：（1）螺旋测微器，刻度尺，弹簧测力计；（2）；（3）控制变量法（或归纳法等）；（4）62.5．11．（8分）（2013春•腾冲县校级期末）一辆汽车以72km/h的速度正在平直公路上匀速行驶，突然发现前方40m处有需要紧急停车的危险信号，司机立即采取刹车措施．已知该车在刹车过程中加速度的大小为5m/s2，则从刹车开始经过5s时汽车前进的距离是多少？此时是否已经到达危险区域？解答：解：设汽车由刹车开始至停止运动所用的时间为t0，选初速度的方向为正方向，由于汽车做匀减速直线运动，加速度a=﹣5m/s2．则由v t=v0+at0，得．可见，该汽车刹车后经过4s就已停下，其后的时间内汽车是静止的．由运动学公式知，刹车后经过5s汽车通过的距离为x=．即汽车此时恰好未到达危险区域．答：刹车开始5s内的位移为40m，恰好未到达危险区域．12．（10分）（2008秋•揭阳期末）如图所示，光滑斜面倾角为θ=30°，一个重20N的物体在斜面上静止不动．轻质弹簧原长为10cm，现在的长度为6cm．（g取10m/s2）求：（1）弹簧的劲度系数（2）若斜面粗糙，将这个物体沿斜面上移6cm，弹簧上端与物体相连，下端固定，物体仍静止于斜面上，物体受到的摩擦力的大小和方向．解答：解：（1）对物体受力分析如图：由平衡条件得：F=Gsinθ=10N形变量x=（10﹣6）cm=4cm由胡克定律：F=kx得：k==2.5N/cm（2）对物体受力分析如图：由平衡条件：f=F+Gsinθ由胡克定律：F=kx=2.5×2=5N；13．（12分）（2014秋•万柏林区校级月考）如图（a）所示，轻绳AD跨过固定在水平横梁BC右端的定滑轮挂住一个质量为M1的物体，∠ACB=30°；如图（b）中轻杆HG一端用铰链固定在竖直墙上，另一端G通过细绳EG拉住，EG与水平方向也成30°，轻杆的G点用细绳CF拉住一个质量为M2的物体，求：（1）细绳AC段的张力T AC与细绳EG的张力T EG之比；（2）轻杆BC对C端的支持力；（3）轻杆HG对G端的支持力．（1）图甲中轻绳AD跨过定滑轮拉住质量为M1的物体，物体处于平衡状态，绳AC段的拉力F AC=F CD=M1g图乙中由F EG sin30°=M2g得：F EG=2M2g所以得（2）图甲中，根据几何关系得：F C=F AC=M1g，方向和水平方向成30°向斜右上方；（3）图乙中，根据平衡方程有：F EG sin30°=M2g；F EG cos30°=F G所以F G=M2gcot30°=M2g，方向水平向右；答：（1）细绳AC段的张力F AC与细绳EG的张力F EG之比为1：2；（2）轻杆BC对C端的支持力大小为M1g，方向和水平方向成30°向斜右上方；（3）轻杆HG对G端的支持力大小为M2g，方向水平向右．14．（15分）（2014秋•万柏林区校级月考）下面的图表，是《驾驶员守则》中的安全距离图示和部分安全距离数据．请根据上边的表格计算（本题中的路面情况均相同）：（1）如果驾驶员的反应时间相同，请在表格中填上对应的数值．（2）超速是一种很危险的驾驶行为，一位司机发现前面80m处有一障碍物，此时他的车速为100km/h，请问他能否避免车祸的发生？（3）酒后驾车是一种危害性很大的违法行为，由于酒精的作用，人的反应时间延长，发生交通事故的概率大大增加．假如一名喝了酒的驾驶员驾驶汽车，突然发现正前方50m处跑出一小狗，此时他的车速为72km/h，而他的反应时间却比正常时慢了0.1s，请问他能否避免撞到小狗？（忽略小狗的速度）解答：解：（1）反应时间内的做汽车匀速直线运动，x=v0t，反应时间一定，当初速度为80km/h 时，是40km/h的2倍，则反应距离是10m的2倍，所以s3=20m．刹车后做匀减速直线运动x=，当初速度为80km/h时是40km/h的2倍，刹车时的加速度不变，则刹车距离变为原来的4倍，所以x3=40m．停车距离L3=s3+x3=20m+40m=60m （2）根据与40km/h时比较可以知道反应距离为10m×2.5=25m，刹车距离为10m×2.52=62.5m停车距离为25m+62.5m=87.5m，因为87.5m＞80m，不能避免车祸．（3）反应时间内的做汽车匀速直线运动，由x=v0t 知正常人的反应时间为t==s=0.9s，酒后驾车的反应时间为0.9s+0.1s=1s则反应距离为x=vt==20m与40km/h比较刹车距离为10m×（）2=32.4m则酒后停车距离为20m+32.4m=52.4m因为52.4m＞50m，不能避免惨剧．答：（1）20 40 60（2）87.5m＞80m，不能避免（3）酒后52.4m＞50m，不能避免．。
高三物理上学期9月月考试题(含解析)-人教版高三全册物理试题
2015-2016学年山西省太原外国语学校高三〔上〕月考物理试卷〔9月份〕一、选择题：〔在每一小题给出的四个选项中，第1～6小题只有一项为哪一项正确的，第7～10小题有多个选项正确，每题5分，全选对的得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分；共50分.请将所选答案的标号填在答题纸相应的位置〕1．最近几年，国内房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓趋势．王强同学将房价的“上涨〞类比成运动学中的“加速〞，将房价的“下跌〞类比成运动学中的“减速〞，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势〞可以类比成运动学中的( )A．速度增加，加速度减小 B．速度增加，加速度增大C．速度减小，加速度增大 D．速度减小，加速度减小2．如下列图为通过轻杆相连的A、B两小球，用两根细线将其悬挂在水平天花板上的O点．两球重力均为G，轻杆与细线OA长均为L．现用力F作用于小球B上〔图上F未标出〕，使系统保持静止状态且A、B两球在同一水平线上．如此力F最小值为( )A．G B．G C．G D．2G3．近来，我国大局部地区都出现了雾霾天气，给人们的正常生活造成了极大的影响．在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵．如图a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象，以下说法正确的答案是( )A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾4．如下列图，一轻杆两端分别固定着质量为m A和m B的两个小球A和B〔可视为质点〕．将其放在一个直角形光滑槽中，轻杆与槽右壁成α角，槽右壁与水平地面成θ角时，两球刚好能平衡，且α≠θ，如此A、B两小球质量之比为( )A．B．C．D．5．如下列图，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住，现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力F和轨道对小球的弹力N的大小变化情况是( )A．F减小，N不变B．F不变，N减小C．F不变，N增大D．F增大，N减小6．地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要准确的重力加速度g值，g值可由实验准确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法〞，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光的波长为长度标准，用光学干预的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O 点竖直向上抛出小球，小球又落至原处O点的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于( )A．B．C． D．7．宋代诗人陈与义乘着小船在风和日丽的春日出游时曾经写了一首诗：飞花两岸照船红，百里榆堤半日风，卧看满天云不动，不知云与我俱东．在这首诗当中，诗人艺术性地表达了他对运动相对性的理解．关于诗中所描述的运动与参考系，以下说法正确的答案是( )A．“飞花〞是以运动的船为参考系的B．“飞花〞是以两岸的榆树为参考系的C．“云与我俱东〞是以运动的船为参考系的D．“云与我俱东〞是以两岸的红花为参考系的8．如下列图，A、B两物块始终静止在水平地面上，有一轻质弹簧一端连接在竖直墙上P点，另一端与A相连接，如下说法正确的答案是( )A．如果B对A无摩擦力，如此地面对B也无摩擦力B．如果B对A有向左的摩擦力，如此地面对B也有向左的摩擦力C．P点缓慢下移过程中，B对A的支持力一定减小D．P点缓慢下移过程中，地面对B的摩擦力一定增大9．如下列图，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑．小球被轻质细线系住放在斜面上，细线另一端跨过定滑轮，用力拉细线使小球沿斜面缓慢向上移动一小段距离，斜面体始终静止．移动过程中( )A．细线对小球的拉力变大 B．斜面对小球的支持力变大C．斜面对地面的压力变大 D．地面对斜面的摩擦力变小10．图为一质点做直线运动的v﹣t图象，如下说法正确的答案是( )A．整个过程中，CD段的加速度与DE段加速度方向相等B．整个过程中，AB段的加速度最小C．整个过程中，C点所表示的状态离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34 m二、实验探究题：本大题每空4分，共16分．11．在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度的拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条，实验对两次拉伸橡皮条的要求中，如下哪些说法是正确的( )A．将橡皮条拉伸一样长度即可B．将橡皮条沿一样方向拉到一样长度C．将弹簧秤都拉伸到一样刻度D．将橡皮条和绳的结点拉到一样位置12．如图甲是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面AB与水平面相切于B点且固定．带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在C点，P 为光电计时器的光电门，当地重力加速度为g．〔1〕利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，如此遮光条的宽度d=__________cm；〔2〕实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有__________；A．小物块质量m B．遮光条通过光电门的时间tC．光电门到C点的距离s D．小物块释放点的高度h〔3〕为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据〔2〕测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是__________．三、计算题〔共34分〕13．在正常情况下，火车以54km/h的速度匀速开过一个小站．现因需要，必须在这一小站停留，火车将要到达小站时，以﹣0.5m/s2的加速度做匀减速运动，停留2分钟后，又以0.3m/s2的加速度出小站，一直到恢复原来的速度．求因列车停靠小站而延误的时间．14．1935年在苏联的一条直铁轨上，有一列火车因蒸汽不足而停驶，驾驶员把货车厢甲〔如下列图〕留在现场，只拖着几节车厢向前方不远的车站开进，但他忘了将货车厢刹好，使车厢在斜坡上以4m/s的速度匀速后退，此时另一列火车乙正以16m/s的速度向该货车厢驶来．驾驶技术相当好的驾驶员波尔西列夫发现货车厢甲向自己驶来时两车相距仅100m，他立即刹车，紧接着加速倒退，结果恰好接住了货车厢甲，从而防止了相撞．设列车乙刹车过程和加速倒退过程均为匀变速直线运动，且加速度大小相等，求列车乙刹车和加速倒退过程的加速度大小．15．如下列图，在倾角为θ的粗糙斜面上，有一个质量为m的物体被水平力F推着静止于斜面上，物体与斜面间的动摩擦因数为μ，且μ＜tanθ，假设物体恰好不下滑，如此推力F为多少？假设物体恰好不上滑，如此推力F为多少？〔最大静摩擦力等于滑动摩擦力〕2015-2016学年山西省太原外国语学校高三〔上〕月考物理试卷〔9月份〕一、选择题：〔在每一小题给出的四个选项中，第1～6小题只有一项为哪一项正确的，第7～10小题有多个选项正确，每题5分，全选对的得5分，选对但不全的得3分，选错的得0分；共50分.请将所选答案的标号填在答题纸相应的位置〕1．最近几年，国内房价飙升，在国家宏观政策调控下，房价上涨出现减缓趋势．王强同学将房价的“上涨〞类比成运动学中的“加速〞，将房价的“下跌〞类比成运动学中的“减速〞，据此，你认为“房价上涨出现减缓趋势〞可以类比成运动学中的( )A．速度增加，加速度减小 B．速度增加，加速度增大C．速度减小，加速度增大 D．速度减小，加速度减小【考点】加速度．【分析】王强同学把房价类比成速度，房价上涨快慢类比成加速度，根据加速度与速度关系进展分析．【解答】解：房价类比成速度，房价上涨快慢类比成加速度，房价上涨出现减缓趋势，相当于加速度减小，但仍然在上涨，相当于加速度与速度方向一样，速度仍然增大．故A正确，BCD错误．应当选：A．【点评】此题是生活联系实际的加速度决定于物体所受合力和物体的质量，与速度没有直接的关系，加速席减小，速度不一定减小．2．如下列图为通过轻杆相连的A、B两小球，用两根细线将其悬挂在水平天花板上的O点．两球重力均为G，轻杆与细线OA长均为L．现用力F作用于小球B上〔图上F未标出〕，使系统保持静止状态且A、B两球在同一水平线上．如此力F最小值为( )A．G B．G C．G D．2G【考点】共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对A受力分析，根据平衡条件求解AB的拉力，然后对B受力分析，求拉力最小的情况．【解答】解：对A受力分析，根据平衡条件AB的拉力为零，即A受重力和OA的拉力二力平衡，对B受力分析，根据矢量三角形定如此知当F与BO垂直时F最小，最小值为：F=Gsin45°=G应当选：A．【点评】此题关键受力分析后根据共点力平衡条件求解．3．近来，我国大局部地区都出现了雾霾天气，给人们的正常生活造成了极大的影响．在一雾霾天，某人驾驶一辆小汽车以30m/s的速度行驶在高速公路上，突然发现正前方30m处有一辆大卡车以10m/s的速度同方向匀速行驶，小汽车紧急刹车，但刹车过程中刹车失灵．如图a、b分别为小汽车和大卡车的v﹣t图象，以下说法正确的答案是( )A．因刹车失灵前小汽车已减速，不会追尾B．在t=5s时追尾C．在t=3s时追尾D．由于初始距离太近，即使刹车不失灵也会追尾【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】当两车通过的位移之差等于30m时，两车会发生追尾．根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积〞大小等于位移，进展分析．【解答】解：根据速度﹣时间图象所时间轴所围“面积〞大小等于位移，由图知，t=3s时，b 车的位移为：s b=v b t=10×3m=30ma车的位移为s a=×〔30+20〕×1+××2=60m如此s a﹣s b=30m，所以在t=3s时追尾．故C正确．应当选：C【点评】解答此题关键要抓住速度图象的面积表示位移，由几何知识和位移关系进展求解，4．如下列图，一轻杆两端分别固定着质量为m A和m B的两个小球A和B〔可视为质点〕．将其放在一个直角形光滑槽中，轻杆与槽右壁成α角，槽右壁与水平地面成θ角时，两球刚好能平衡，且α≠θ，如此A、B两小球质量之比为( )A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】先对A球受力分析，受重力、杆的弹力、斜面的支持力，然后根据共点力平衡条件并结合合成法列式；再对B球受力分析，受重力、杆的弹力、斜面的支持力，同样根据共点力平衡条件列式；最后联立求解．【解答】解：对A球受力分析，受重力、杆的弹力、斜面的支持力，如下列图：根据共点力平衡条件，有：…①再对B球受力分析，受重力、杆的弹力、斜面的支持力，如下列图：根据平衡条件，有：…②联立①②解得：应当选：B【点评】此题关键先后对A球、B球受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合合成法列式求解，注意杆对两个球的弹力等大、反向、共线．5．如下列图，固定在竖直平面内的光滑圆环的最高点有一个光滑的小孔，质量为m的小球套在圆环上，一根细线的下端系着小球，上端穿过小孔用手拉住，现拉动细线，使小球沿圆环缓慢上移，在移动过程中手对线的拉力F和轨道对小球的弹力N的大小变化情况是( )A．F减小，N不变B．F不变，N减小C．F不变，N增大D．F增大，N减小【考点】共点力平衡的条件与其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对小球受力分析，作出力的平行四边形，同时作出AB与半径组成的图象；如此可知两三角形相似，故由相似三角形知识可求得拉力与支持力．【解答】解：小球沿圆环缓慢上移可看做匀速运动，对小球进展受力分析，小球受重力G，F，N，三个力．满足受力平衡．作出受力分析图如下由图可知△OAB∽△GFA即：==当A点上移时，半径不变，G不变，AB长度减小，如此知F减小，N不变，故A正确；应当选：A．【点评】相似三角形法在处理共点力的动态平衡时较为常见，当无法准确得出角边关系时，应考虑应用此法．6．地质、地震、勘探、气象和地球物理等领域的研究中，需要准确的重力加速度g值，g值可由实验准确测定．近年来测g值的一种方法叫“对称自由下落法〞，它是将测g归于测长度和时间，以稳定的氦氖激光的波长为长度标准，用光学干预的方法测距离，以铷原子钟或其他手段测时间，能将g值测得很准，具体做法是：将真空长直管沿竖直方向放置，自其中O 点竖直向上抛出小球，小球又落至原处O点的时间为T2，在小球运动过程中经过比O点高H的P点，小球离开P点至又回到P点所用的时间为T1，测得T1、T2和H，可求得g等于( ) A．B．C． D．【考点】自由落体运动．【专题】实验题．【分析】此题考查了竖直上抛运动的对称性，物体做竖直上抛时其上升到最高点所用时间和落回所用时间相等，整个过程为匀变速运动，可以看作先向上的匀减速运动，然后向下的自由落体运动两局部组成．【解答】解：小球从O点上升到最大高度过程中：h1=g 〔〕2①小球从P点上升的最大高度：h2=g〔〕2②依据题意：h1﹣h2=H ③联立①②③解得：g=应当选：D【点评】分析物体运动的形式，根据运动特点，然后选择相应的规律求解是解决运动问题的根本思路，要在学习中不断培养解题思路．7．宋代诗人陈与义乘着小船在风和日丽的春日出游时曾经写了一首诗：飞花两岸照船红，百里榆堤半日风，卧看满天云不动，不知云与我俱东．在这首诗当中，诗人艺术性地表达了他对运动相对性的理解．关于诗中所描述的运动与参考系，以下说法正确的答案是( )A．“飞花〞是以运动的船为参考系的B．“飞花〞是以两岸的榆树为参考系的C．“云与我俱东〞是以运动的船为参考系的D．“云与我俱东〞是以两岸的红花为参考系的【考点】参考系和坐标系．【专题】直线运动规律专题．【分析】研究物体的运动情况时，需要先选取一个标准做为参照物，物体与参照物的位置发生了变化，物体就是运动的；物体与参照物的位置没有发生变化，物体就是静止的．【解答】解：A、细细品味古诗，飞花两岸照船红，“飞花〞是以运动的船为参考系的．故A 正确，B错误；B、在此题中船是向东行驶，而“卧看满天云不动〞是指“云与我〞保持相对静止，即“云与我〞以一样的速度相对于地球向东运动．所以“云与我俱东〞是以两岸的“红花〞为参照物的，故C错误；D正确；应当选：AD．【点评】此题通过古诗句考查同学们对参照物的选择、运动和静止的相对性的理解和掌握，研究同一物体的运动状态，如果选择不同的参照物，得出的结论可以不同，但都是正确的结论．8．如下列图，A、B两物块始终静止在水平地面上，有一轻质弹簧一端连接在竖直墙上P点，另一端与A相连接，如下说法正确的答案是( )A．如果B对A无摩擦力，如此地面对B也无摩擦力B．如果B对A有向左的摩擦力，如此地面对B也有向左的摩擦力C．P点缓慢下移过程中，B对A的支持力一定减小D．P点缓慢下移过程中，地面对B的摩擦力一定增大【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】物块A受重力、支持力、静摩擦力，可能受弹簧弹力，也可能不受弹簧弹力，根据共点力平衡进展分析．【解答】解：物块A可能受到的弹簧弹力为零，受重力、支持力，二力处于平衡．也可能受重力、支持力、弹簧弹力和静摩擦力处于平衡．A、假设弹簧的弹力为0，物体A受到重力和支持力的作用，不受摩擦力．此时选取A与B组成的系统为研究的对象，系统仅仅受到重力和地面的支持力的作用，所以地面对B也无摩擦力．故A正确；B、B对A有向左的摩擦力，假设要平衡如此应该受到弹簧的弹力，对AB整体受到重力支持力，弹簧的弹力，假设要平衡必须有向左的摩擦力，故B正确；C、由以上的分析可知，弹簧可能对A由拉力，也可能没有拉力．当弹簧对A没有拉力时，P 向下运动的过程中，不会对A与B组成的系统产生影响．故CD错误．应当选：AB．【点评】解决此题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进展求解，注意整体法和隔离法的运用．9．如下列图，斜面体置于粗糙水平面上，斜面光滑．小球被轻质细线系住放在斜面上，细线另一端跨过定滑轮，用力拉细线使小球沿斜面缓慢向上移动一小段距离，斜面体始终静止．移动过程中( )A．细线对小球的拉力变大 B．斜面对小球的支持力变大C．斜面对地面的压力变大 D．地面对斜面的摩擦力变小【考点】共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】取小球为研究对象，根据平衡条件得到拉力、支持力与绳子和斜面夹角的关系式，即可分析其变化；对斜面研究，由平衡条件分析地面对斜面的支持力和摩擦力，即可分析斜面对地面的压力变化．【解答】解：A、B设物体和斜面的质量分别为m和M，绳子与斜面的夹角为θ．取球研究：小球受到重力mg、斜面的支持力N和绳子的拉力T，如此由平衡条件得斜面方向：mgsinα=Tcosθ ①垂直斜面方向：N+Tsinθ=mgcosα ②使小球沿斜面缓慢移动时，θ增大，其他量不变，由①式知，T增大．由②知，N变小，故A正确，B错误．C、D对斜面和小球整体分析受力：重力〔M+m〕g、地面的支持力N′和摩擦力f、绳子拉力T，由平衡条件得f=Nsinα，N变小，如此f变小，N′=〔M+m〕g+Ncosα，N变小，如此N′变小，由牛顿第三定律得知，斜面对地面的压力也变小．故C错误，D正确．应当选：AD．【点评】此题采用隔离法研究两个物体的动态平衡问题，分析受力情况是根底．掌握整体法和隔离法的灵活运用．10．图为一质点做直线运动的v﹣t图象，如下说法正确的答案是( )A．整个过程中，CD段的加速度与DE段加速度方向相等B．整个过程中，AB段的加速度最小C．整个过程中，C点所表示的状态离出发点最远D．BC段所表示的运动通过的路程是34 m【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，倾斜角越大表示加速度越大；图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负．【解答】解：AB、v﹣t图象中，斜率表示加速度，CE段斜率不变，所以CD段的加速度与DE 段加速度方向相等，故A正确；B、整个过程中，AB段的倾角最小，斜率最小，AB段的加速度最小，故B正确；C、从静止到D点的图象与坐标轴围成的面积在时间轴的上方，位移为正，D点以后位移为负，说明此时已经反方向运动了，故D点表示的状态离出发点最远，故C错误；D、图象与坐标轴围成的面积表示位移，如此BC段质点通过的路程是x=×〔5+12〕×4m=34m，故D正确；应当选：ABD．【点评】此题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息，属于根底题．二、实验探究题：本大题每空4分，共16分．11．在探究求合力的方法时，先将橡皮条的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳．实验时，需要两次拉伸橡皮条，一次是通过两细绳用两个弹簧秤互成角度的拉橡皮条，另一次是用一个弹簧秤通过细绳拉橡皮条，实验对两次拉伸橡皮条的要求中，如下哪些说法是正确的( )A．将橡皮条拉伸一样长度即可B．将橡皮条沿一样方向拉到一样长度C．将弹簧秤都拉伸到一样刻度D．将橡皮条和绳的结点拉到一样位置【考点】验证力的平行四边形定如此．【专题】实验题．【分析】该实验采用了“等效替代〞的原理，即合力与分力的关系是等效的，要求两次拉橡皮筋时的形变量和方向是等效的，注意所有要求都要便于操作，有利于减小误差进展，所有操作步骤的设计都是以实验原理和实验目的为中心展开，据此可正确解答此题．【解答】解：A、B、本实验的目的是为了验证力的平行四边形定如此，即研究合力与分力的关系．根据合力与分力是等效的，本实验橡皮条两次沿一样方向拉伸的长度要一样．故A错误，B正确；C、D、在白纸上标下第一次橡皮条和绳的结点的位置，第二次将橡皮条和绳的结点拉到一样位置，明确两次效果一样，即两个拉力和一个拉力等效，而弹簧称不必拉到一样刻度．故C 错误，D正确．应当选：BD．【点评】实验的核心是实验原理，根据原理选择器材，安排实验步骤，分析实验误差，进展数据处理等等．12．如图甲是实验室测定水平面和小物块之间动摩擦因数的实验装置，曲面AB与水平面相切于B点且固定．带有遮光条的小物块自曲面上面某一点释放后沿水平面滑行最终停在C点，P 为光电计时器的光电门，当地重力加速度为g．〔1〕利用游标卡尺测得遮光条的宽度如图乙所示，如此遮光条的宽度d=1.060cm；〔2〕实验中除了测定遮光条的宽度外，还需要测量的物理量有BC；A．小物块质量m B．遮光条通过光电门的时间tC．光电门到C点的距离s D．小物块释放点的高度h〔3〕为了减小实验误差，同学们采用图象法来处理实验数据，他们根据〔2〕测量的物理量，建立图丙所示的坐标系来寻找关系，其中合理的是B．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题．【分析】〔1〕游标卡尺的读数时先读出主尺的刻度，然后看游标尺上的哪一个刻度与主尺的刻度对齐，最后读出总读数；〔2〕根据题目的表示，确定实验的原理，然后确定待测量与摩擦力的公式；〔3〕根据实验的原理确定处理实验数据的方法．【解答】解：〔1〕主尺的刻度：1cm，游标尺上的第12个刻度与主尺的刻度对齐，读数是：0.05×12=0.60mm，总读数：10mm+0.60mm=10.60mm=1.060cm；〔2〕实验的原理：根据遮光条的宽度与滑块通过光电门的时间即可求得滑块的速度：v=；B到C的过程中，摩擦力做功，根据动能定理得：﹣μmgs=0﹣mv2；联立以上两个公式得动摩擦因数的表达式：μ=；还需要测量的物理量是：光电门P与C之间的距离s，与遮光条通过光电门的时间t，故BC正确，AD错误．〔3〕由动摩擦因数的表达式可知，μ与t2和s的乘积成反比，所以s与的图线是过原点的直线，应该建立的坐标系为：纵坐标用物理量，横坐标用物理量s，即B正确，ACD错误．故答案为：〔1〕1.060；〔2〕BC；〔3〕B．。
山西省太原市第五中学2015届高三10月月考物理试卷(无答案)
一．选择题（本题共12个小题，1-7题为单项选择题，8-12小题为多项选择，每小题4分，共48分）1．北京时间2012年2月25日凌晨0时12分，中国在西昌卫星发射中心用“长征三号丙”运载火箭，将第十一颗北斗导航卫星成功送入太空预定轨道．这标志着北斗卫星导航系统建设又迈出了坚实的一步，北斗卫星导航系统可以免费提供定位、测速和授时服务，定位精度10 m ，测速精度0.2 m/s ，以下说法不正确的是( ) A ．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位移 B ．北斗导航卫星定位提供的是被测物体的位置 C ．北斗导航卫星授时服务提供的是时刻D ．北斗导航卫星测速服务提供的是运动物体的速率2．如图所示，倾角为θ的光滑斜面放在水平面上，斜面上用固定的竖直板挡住一个质量为m 的光滑小球，若当整个装置沿水平面以速度v 匀速向左运动变为以2v 匀速向左运动，以下说法中正确的是( ) A ．斜面对小球的弹力大小变大 B ．竖直板对小球的弹力大小不变C ．斜面和竖直板对小球的作用力的合力变大D ．斜面和竖直板对小球的作用力的合力不变且水平向左3．如图所示，在倾角为θ的固定斜面上，质量为m 的物体受外力F 1和F 2的作用，F 1方向水平向右，F 2方向竖直向下，若物体静止在斜面上且物体与斜面间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是( ) A ．物体一定有下滑的趋势B ．物体一定有上滑的趋势C ．若F 1＝F 2，且θ＝45°，则物体一定有下滑的趋势D ．若F 1＝F 2，且θ＝45°，则物体一定有上滑的趋势4．如图所示，B 为竖直圆轨道的左端点，它和圆心O 的连线与竖直方向的夹角为α.一小球在圆轨道左侧的A 点以速度v 0平抛，恰好沿B 点的切线方向进入圆轨道．已知重力加速度为g ，则A 、B 之间的水平距离为( )A.v 20tan αgB.2v 20tan αgC.v 20g tan αD.2v 20g tan α5．2011年中俄曾联合实施探测火星计划，由中国负责研制的“萤火一号”火星探测器与俄罗斯研制的“福布斯—土壤”火星探测器一起由俄罗斯“天顶”运载火箭发射前往火星．由于火箭故障未能成功，若发射成功，且已知火星的质量约为地球质量的1/9，火星的半径约为地球半径的1/2.下列关于火星探测器的说法中正确的是( ) A ．发射速度只要大于第一宇宙速度即可 B ．发射速度只有达到第三宇宙速度才可以C ．发射速度应大于第二宇宙速度、小于第三宇宙速度D ．火星的第一宇宙速度是地球的23倍6．一物体静置在平均密度为ρ的球形天体表面的赤道上．已知万有引力常量G ，若由于天体自转使物体对天体表面压力恰好为零，则天体自转周期为( ) A.ρπG 34 B. Gp π43C. ρπG D. ρπG 3 7．如图所示，两根长度不同的细线分别系有两个小球m 1、m 2，细线的上端都系于O 点．设法让两个小球在同一水平面上做匀速圆周运动．已知两细线长度之比L 1∶L 21，L 1跟竖直方向的夹角为60°角，下列说法正确的是( )A ．两小球做匀速圆周运动的周期相等B ．两小球做匀速圆周运动的线速度相等C ．两小球的质量比一定是m 1∶m 2∶1D ．L2细线跟竖直方向成30°角8．一质点做直线运动，当时间t ＝t 0时，位移s >0、v >0，其加速度a >0，此后a 逐渐减小，以下说法错误的是( )A ．速度的变化越来越慢B ．速度逐渐变小C ．位移逐渐变小D ．位移、速度始终为正值9．如图所示，物体沿曲线轨迹的箭头方向运动，AB 、ABC 、ABCD 、ABCDE 四段曲线轨迹运动所用的时间分别是：1 s ，2 s ，2.5 s ，3s ．下列说法正确的是( )A ．物体在AB 段的平均速度为1 m/sB ．物体在ABC 段的平均速度为52 m/sC ．AB 段的平均速度比ABC 段的平均速度更能反映物体处于A 点时的瞬时速度D ．物体在AB 段的平均速度与ABCDE 段的平均速度相同10．如图所示，凹槽半径R ＝30 cm ，质量m ＝1 kg 的小物块在沿半径方向的轻弹簧挤压下处于静止状态．已知弹簧的劲度系数k ＝50 N/m ，自由长度L ＝40 cm ，一端固定在圆心O 处，弹簧与竖直方向的夹角为37°.取g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8.则( )A ．物块对槽的压力大小是15 NB ．物块对槽的压力大小是13 NC ．槽对物块的摩擦力大小是6 ND ．槽对物块的摩擦力大小是8 N11．2012年初，我国宣布北斗导航系统正式商业运行．北斗导航系统又被称为“双星定位系统”，具有导航、定位等功能．“北斗”系统中两颗工作卫星均绕地心O 做匀速圆周运动，轨道半径为r ，某时刻两颗工作卫星分别位于轨道上的A 、B 两位置(如图所示)．若卫星均顺时针运行，地球表面处的重力加速度为g ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力．则以下判断中正确的是( )A ．这两颗卫星的加速度大小相等，均为22rg RB ．卫星1由位置A 运动至位置B 所需的时间为πr3R r gC ．卫星1向后喷气就一定能追上卫星2D ．卫星1若向前喷气减速一定能等到卫星2追上12．如图所示，一倾斜的匀质圆盘垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度 转动，盘面上离转轴一定距离处有一小物体与圆盘始终保持相对静止。
2015年山西省高考物理二诊试卷
2015年山西省高考物理二诊试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________ 一、单选题(本大题共6小题，共24.0分)1.某物体运动的υ-t图象如图所示，则可以判断物体的运动是（）A.往复运动B.匀速直线运动C.曲线运动D.朝某一个方向做直线运动【答案】D【解析】解：由题是速度-时间图象，速度都正值，表示物体都沿正方向运动，即朝某一方向直线运动；故选：D．本题是速度-时间图象，速度的正负表示速度的方向．图线在横轴上方表示速度都正方向，表示都向正方向运动．本题考查理解速度图象的能力，要注意速度的方向由其正负号来表示，匀变速直线运动的特点是加速度恒定不变．2.如图所示，一个小铁球用两根轻绳挂于天花板上，球静止，绳1倾斜，绳2竖直．则小球所受的作用力个数为（）A.一个B.两个C.三个D.两个或三个都有可能【答案】B【解析】解：小球受重力，还有绳子的拉力处于平衡，根据平衡知，绳子2有拉力，绳子1无拉力．故小球一定受两个力．故B正确，A、C、D错误．故选：B．小球受重力和绳子的拉力，通过平衡法判断是否两根绳子都有拉力．受力分析是解决力学问题的基础，关键会进行受力分析，不能凭空多出一个力，也不能漏力．3.如图所示，在高度不同的两水平台阶上放有质量分别为m1、m2的物体A、B，物体间用轻绳相连，绳与竖直方向的夹角为θ，在物体A左端施加水平拉力F，使物体A、B均处于静止状态，已知物体A表面光滑，重力加速度为g，则（）A.轻绳张力的大小为FB.地面对物体B的摩擦力大小为FC.地面对物体B的支持力可能为零D.轻绳的张力可能为零【答案】B【解析】解：对整体受力分析可知，首先整体一定受重力、支持力、拉力F，要使整体处于平衡，则水平方向一定有向右的摩擦力作用在m2上，且大小与F相同；故B正确；因m2与地面间有摩擦力；则一定有支持力；故C错误；再对m2受力分析可知，拉力水平方向的分力应等于F，故拉力T=，A错误D错误；故选：B．对整体受力分析可求得地面对m2的摩擦力大小及支持力；再分别对两个物体受力分析可明确绳子的弹力及两物体的质量大小关系．本题考查共点力的平衡条件的应用，要注意对整体进行受力分析即可判断外力的大小；再隔离物体进行受力分析可得出弹力的大小．4.上海锦江乐园的“摩天转轮”直径达98m．游人乘坐时，转轮始终不停地做匀速转动，每转动一圈用时25分钟，则转动过程中（）A.每个乘客受到的合力都等于零B.每个乘客都在做匀速运动C.乘客对座位的压力保持不变D.乘客有超重和失重的现象【答案】D【解析】解：A、每个乘客都在做匀速圆周运动，加速度不为零，合力不为零，故A、B错误．C、乘客对座位的压力大小是变化的，在最低点最大．到达摩天轮的最高点时，乘客的加速度向下，处于失重状态．故C错误．D、当有向上的加速度时处于超重状态，有向下的加速度是处于失重状态，故D正确；故选：D．转轮始终不停地匀速转动，乘客做匀速圆周运动，加速度不为零．乘客所受的合外力提供向心力，方向指向圆心，时刻在变化，是变力．乘客对座位的压力大小是变化的，在最低点最大．到达摩天轮的最高点时，乘客的加速度向下，处于失重状态．本题是实际生活中的圆周运动问题，要抓住加速度、合外力都是矢量，当它们的方向改变时，矢量也是变化的．5.小船过河时，船头偏向上游且航行方向与水流方向成α角，船相对静水的速度大小为v，其航线恰好垂直于河岸．现水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，下列措施中可行的是（（）A.保持α角不变，增大船速vB.减小α角，增大船速vC.α角和船速v均增大D.增大α角，保持船速v不变【答案】C【解析】解：由题意可知，船相对水的速度为v，其航线恰好垂直于河岸，当水流速度稍有增大，为保持航线不变，且准时到达对岸，则如图所示，可知，故C正确，ABD错误；故选：C．将小船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，抓住分运动与合运动具有等时性，求出到达对岸沿水流方向上的位移以及时间．当实际航线与河岸垂直，则合速度的方向垂直于河岸，根据平行四边形定则求出船头与河岸所成的夹角．解决本题的关键知道分运动和合运动具有等时性，以及会根据平行四边形定则对运动进行合成和分解．6.将一小球水平抛出，忽略空气阻力，某时刻小球的速度方向与水平方向的夹角为45°，再过0.5s后，速度方向与水平方向的夹角变为53°，重力加速度g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，则小球初速度的大小为（）A.15m/sB.12m/sC.8m/sD.6m/s【答案】A【解析】解：小球的速度方向与水平方向的夹角为45°时，小球竖直分速度v y1=v0，当速度方向水平方向的夹角变为53°时，小球竖直分速度°，根据速度时间公式得，v y2-v y1=gt，代入数据解得v0=15m/s．故A正确，B、C、D错误．故选：A．根据平行四边形定则求出两个时刻的竖直分速度，结合在竖直方向上做自由落体运动，运用速度时间公式求出小球的初速度大小．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解，基础题．二、多选题(本大题共4小题，共16.0分)7.若我国发射的某颗人造卫星A，距离地面的高度恰好等于地球半径，设地球为均匀的球体，地球的半径为6370km，若已知地球的同步卫星据地面的高度为35600km，则对卫星A的描述正确的是（）A.该卫星可能绕着地轴上的任一点做匀速圆周运动B.该卫星的周期小于24hC.该卫星的线速度大于3.1km/sD.该卫星的角速度小于地球自转的角速度【答案】BC【解析】解：A、地球对卫星的万有引力充当向心力，所以该卫星只能绕着地心做匀速圆周运动，A错误B、根据知，r越大，T越小，半径比较大的同步卫星周期为24h，知该卫星的周期小于24h，故B正确；C、第一宇宙速度V==7.9km/s，卫星的线速度V′==＞3.1km/s，故C正确；D、由B知，卫星的周期小于同步卫星，则角速度大于同步卫星，也大于地球的自转角速度，故D错误；故选：BC．地球的第一宇宙速度是近表面卫星运行速度．地球赤道上的物体与同步卫星具有相同的角速度和周期，根据万有引力充当向心力分析．本题抓住同步卫星为参考量，同步卫星与地球自转同步，再根据万有引力提供圆周运动向心力，掌握相关规律是解决问题的关键．8.如图所示，把鸡蛋A快速向另一个完全一样的静止的鸡蛋B撞去，结果每次都是被撞击的鸡蛋B被撞破，则下列说法正确的是（）A.A鸡蛋的惯性大于B鸡蛋的惯性B.A对B的作用力的大小大于B对A的作用力的大小C.A对B的作用力的大小等于B对A的作用力的大小D.A蛋碰撞瞬间，其内蛋白由于惯性会对A蛋壳产生向前的作用力【答案】CD【解析】解：A、惯性大小的唯一量度是质量，不知道两个鸡蛋的质量大小情况，无法判断惯性大小，故A错误；B、C、A对B的作用力和B对A的作用力为作用力与反作用力，一定大小相等，故B 错误，C正确；D、A蛋碰撞瞬间，其内蛋黄和蛋白由于惯性会对A蛋壳产生向前的作用力，A蛋碰撞部位除受到B对它的作用力外，还受到A蛋中蛋黄和蛋白对它的作用力，所以所受合力较小，故总是被撞击的鸡蛋B被撞破，故D正确；故选：CD．根据牛顿第三定律得作用力和反作用力大小相等．物体总有保持原有运动状态不变的性质，这种性质叫做惯性．A蛋碰撞瞬间，对A蛋壳和B蛋壳进行受力分析判断．解该题关键要掌握作用力和反作用力大小相等以及A蛋壳和B蛋壳的受力情况，只有速度较大时该现象才比较明显．9.斜劈形物体A的质量为M，放在水平地面上，质量为m的粗糙物块B以某一初速度沿劈的斜面向上滑，至速度为零后又加速返回，物体A始终保持静止，重力加速度为g，则物块B在上、下滑动的整个过程中（）A.地面对物体A的摩擦力方向始终向左B.地面对物体A的摩擦力方向始终向右C.地面对物体A的支持力总小于（M+m）gD.物块B上、下滑时的加速度大小相同【答案】AC【解析】解：A、B、物体m先减速上升，后加速下滑，加速度一直沿斜面向下，对M与m整体受力分析，受到重力（M+m）g，地面支持力N，和地面摩擦力，将物体m的加速度分解为沿水平和竖直两个方向，如图，根据牛顿第二定律，有水平分析：f=m•（a•cosθ）①竖直方向：（M+m）g-N=m•（a•sinθ）②其中θ为斜面倾角．由①看出，f的方向总沿水平向左方向，即地面对斜面体的静摩擦力方向没有改变．故A正确，B错误；C、由②式可知，N＜（M+m）g，故C正确；D、由上滑的加速度大于下滑的加速度，故D错误．故选：AC．对物体m受力分析，根据牛顿第二定律判断加速度变化情况；对M与m整体受力分析，根据牛顿第二定律列式分析地面支持力和摩擦力变化情况．本题关键是对整体受力分析后根据牛顿第二定律列式求解出支持力和静摩擦力的表达式后进行分析讨论；整体法不仅适用与相对静止的物体系统，同样也适用于有相对运动的物体之间．10.如图所示，质量相同的木块A、B用轻质弹簧连接，静止在光滑的水平面上，此时弹簧处于自然状态，现在水平恒力F推A，则从力F开始作用到弹簧第一次被压缩到最短的过程中（）A.弹簧压缩到最短时，两木块的加速度相同B.弹簧压缩到最短时，两木块的速度相同C.两木块速度相同时，加速度a A＜a BD.两木块加速度相同时，速度υA＞υB【答案】BCD【解析】解：解：开始时（t=0时刻），物体A的加速度为，物体B的加速度为零，故物体A的速度会大于B的速度，弹簧会被压缩，弹力会不断增加，故物体A的加速度逐渐减小，而B的加速度逐渐增大．在a A=a B之前，A的加速度总大于B的加速度，所以a A=a B 时，v A＞V B．此后A的加速度继续减小，B的加速度继续增大，所以v A=v B时，a B＞a A．此时两物体距离最近，弹簧压缩到最短，故A错误，BCD正确；故选：BCD根据物体的受力情况，分析两物体的运动情况，确定加速度和速度如何变化，分析加速度相等时速度关系．当弹簧压缩最短时，两物体的速度相同，由牛顿第二定律分析加速度的关系．本题考查运用牛顿运动定律对含有弹簧的系统进行动态分析的能力，要抓住弹力的可变性进行分析三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)11.在“探究弹簧力和弹簧伸长的关系”的实验中，某实验小组不同数量的钩码分别挂在竖直弹簧下端，进行测量，根据实验所测数据，利用描点法作出了所挂钩码的重力G与弹簧总长L的关系图象，如图所示，根据图象回答下列问题：（1）弹簧的原长为L0= ______ m．（2）弹簧的劲度系数为k= ______ N/m．（3）分析图象，总结出弹簧力F跟弹簧长度L之间的关系式F= ______ ．（用题中所给字母G、L1、L0、k表示）【答案】0.10；500；k（L-L0）【解析】解：（1）当弹簧下端所挂钩码的重力G为0时，弹簧的拉力也为0，此时弹簧长度即为原长，由图示图象可知，弹簧的原长为：0.10m．（2）由图示图象可知，弹簧的劲度系数为k===500N/m．（3）由图示图象可知，弹簧力F跟弹簧长度L之间的关系式为：F=k（L-L0）．故答案为：（1）0.10；（2）500；（3）k（L-L0）．根据题意可知，弹簧总长度L（cm）与所挂物体重力G（N）之间符合一次函数关系，根据胡克定律写出F与L的方程即可正确解答．本题比较简单，结合图象考查了胡克定律的基础知识，是一道考查基础知识的好题．在研究弹簧的伸长与拉力的关系问题时，一定要特别区分“弹簧的长度”与“弹簧的伸长”的不同．12.在“探究加速度与力、质量的关系”实验中，某同学使用了如图1所示的装置，打点计时器使用的交流电频率为50H z．①该同学得到一条纸带，在纸带上取连续的六个点，如图（a）所示，自A点起，相邻两点的距离分别为10.0mm、12.0mm、14.0mm、16.0mm、18.0mm，则打E点时小车速度为______ m/s，小车的加速度为______ m/s2；②该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持______ ；若该同学要探究加速度a和拉力F关系，应该保持______ 不变；③该同学通过数据的处理作出了a-F图象，如图（b）所示，则图中直线不过原点的原因可能是______ ．【答案】0.85；5；拉力F恒定；小车质量M恒定；平衡摩擦力过度【解析】解：①利用匀变速直线运动的推论得出：v E===0.85m/s小车的加速度为a==m/s2=5m/s2②该同学要探究小车的加速度a和质量M的关系，应该保持细线对车的拉力F不变；若该同学要探究加速度a和拉力F的关系，应该保持小车的质量M不变．③图中当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时，小车的加速度不为0，说明小车的摩擦力小于重力的分力，所以原因是实验前木板右端垫得过高．故答案为：①0.85；5；②拉力F恒定；小车质量M恒定；③平衡摩擦力过度．该实验是探究加速度与力、质量的三者关系，研究三者关系必须运用控制变量法．纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的两个推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．实验问题需要结合物理规律去解决．对于实验我们要清楚每一项操作存在的理由．其中平衡摩擦力的原因以及做法在实验中应当清楚．数据处理时注意单位的换算．四、计算题(本大题共4小题，共45.0分)13.“自由落体机”是一种使人体验超重和失重的巨型娱乐器械，一个可乘十多人的环形座舱套在竖直柱子上，由升降机送上几十米的高处，然后让座舱自由落下（加速度可看作g）．落到一定位置时，制动系统启动，制动加速度为a，到达地面时刚好停止，若已知开始下落时座舱离地高度为h，求：（1）其在下落过程中的最大速度v；（2）其在整个下落过程经历的时间t．【答案】解：座舱自由下落过程中，座舱做自由落体运动，由运动学公式：v2=2gh1①制动过程中，座舱做匀减速直线运动，设制动过程中加速度大小为a由运动学公式：v2=2ah2②全过程下降的总位移：h=h1+h2③由①②③联立解得v=；设自由落体阶段座舱运动的时间为t1，h1=t1④设制动阶段座舱运动的时间为t2，h2=t2⑤整个下落过程经历的时间：t=t1+t2⑥联立④⑤⑥得t=．答：（1）其在下落过程中的最大速度v为（2）其在整个下落过程经历的时间t为【解析】座舱先做自由落体运动，再做匀减速运动，则根据位移公式列式并联立即可求得总时间．本题考查自由落体运动和匀变速直线运动规律的应用，要注意自由落体的末速度与后一段的初速度相等．14.如图所示，有一长L=0.4m的细线，细线的一端固定在O点，另一端拴在质量为m的小球，现使恰好能在竖直面内做完整的圆周运动，已知水平地面上的C点位于O点正下方，且到O点的距离L1=0.65m，重力加速度g=10m/s2，不计空气阻力．（1）求小球通过最高点A时的速度v A．（2）若小球通过最低点B时，细线对小球的拉力T恰好为小球重力的6倍，且小球经过B点的瞬间让细线断裂，求小球的落地点到C点的距离．【答案】解：（1）小球恰好能做完整的圆周运动，则小球通过A点时细线的拉力刚好为零，根据向心力公式有：mg=m则得v A===2m/s；（2）小球在B点时，根据向心力公式得：T-mg=m又T=6mg解得：v B=2m/s小球运动到B点时细线断裂，小球开始做平抛运动，有：竖直方向上：L1-L=gt2水平方向上：x=v B t解得x=1m答：（1）小球通过最高点A时的速度为2m/s；（2）若小球通过最低点B时，细线对小球的拉力T恰好为小球重力的6倍，且小球经过B点的瞬间让细线断裂，小球落地点到C点的距离为1m．【解析】（1）物体恰好做通过最高点，即重力充当向心力，由向心力公式可求得最高点A的速度；（2）由牛顿第二定律可求得出小球在最低点的速度，细线断裂后，小球做平抛运动，由平抛运动的规律可得出小球落地点到C的距离．小球在竖直面内圆周运动一般会和机械能守恒或动能定理结合考查，要注意临界值的应用及正确列出向心力公式．15.如图所示，一人用与水平方向成θ=37°角的斜向下的推力F推一个重G=100N的箱子在水平面上匀速前进，箱子与地面间的动摩擦因数μ=0.5，g取10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．（1）求推力F的大小；（2）若人不改变推力F的大小，只把力的方向变为水平方向去推这个静止的箱子，推力作用时间t=3.0s后撤去，则箱子最远运动多长距离？【答案】解：（1）选箱子为研究对象，其受力如图所示，由平衡条件知：F cos37°=f1=μF N---①F N=G+F sin37°-------②=100N；联立①②得：°°（2）受力分析及运动过程如右图所示．前3s内：，3s末：v1=a1t1=15m/s，前3s内的位移：；撤去F后：，箱子还能滑行x2，由：0-v12=2a2x2；得；所以箱子通过的总位移：x=x1+x2=45m．答：（1）推力F的大小为100N；（2）若人不改变推力F的大小，只把力的方向变为水平方向去推这个静止的箱子，推力作用时间t=3.0s后撤去，则箱子最远运动距离为45m【解析】（1）对箱子进行受力分析，由共点力的平衡条件可求得推力的大小；（2）由牛顿第二定律可求得前3s的加速度，由速度公式求得3s末时的速度，由位移公式可求得前3s内的位移；同理求得撤去F后的加速度及位移；即可求得总位移．对于多过程的动力学问题，其解题的思路一般为分解分析、合理分段、寻找联系，可通过画出运动过程图帮助理解题意．16.如图所示，一长L=6m，质量M=20kg，上表面距离水平地面高h=0.45m的平板车在水平面上向右做直线运动，A、B是其左右两个端点，某时刻小车的速度大小为v0=6m/s，在此时刻对平板车施加一个水平向左的恒力F=56N，与此同时，将一个质量m=2kg的小球请放在平板车上的P点（小球可视为质点，放在P点时相对于地面的速度为零），已知PB=，经过一段时间后，小球脱离平板车落到地面．车与地面的动摩擦因数为0.2，其他摩擦均不计．取g=10m/s2．求：（1）小球从离开平板车开始至落到地面所用的时间．（2）小球从轻放到平板车开始至离开平板车所用的时间．（3）从小球轻放上平板车到其落地的瞬间这一过程中，平板车的位移大小．【答案】解：（1）小球离开平板车后做自由落体运动，则：h=解得：t=0.3s（2）小球放到平板车上的加速度：=5m/s2小车向右运动的距离：=3.6m＜4.8m，故小球从右端掉下小车向右运动的时间：=1.2s小车向左的加速度：小车向左移动的距离：又解得：t2=4s故总时间：t=t1+t2=5.2s（3）小球刚离开车瞬间，车的速度向左，大小：v2=a2t2=2.4m/s小球离开车后，车的加速度：车向左运动的距离=0.756m车的位移：x=x3+x2-x1=1.956m答：（1）小球从离开平板车开始至落到地面所用的时间0.3s．（2）小球从轻放到平板车开始至离开平板车所用的时间5.2s．（3）从小球轻放上平板车到其落地的瞬间这一过程中，平板车的位移大小1.956m．【解析】（1）小球离开平板车后做自由落体运动（2）根据牛顿第二定律求出小车向右运动的加速度大小，根据运动学公式求出小车向右运动的位移和时间，判断小球是否会从小车的左端掉下，若未掉下，根据牛顿第二定律求出小车向左运动的加速度大小，小球从右端掉下，根据小球小车向左运动的位移求出向左运动的时间，两个时间之和即为小球从轻放到平板车开始至离开平板车所用的时间．（3）求出小车在小球做自由落体运动时间内的位移，结合小车向右运动的位移和向左运动的位移，求出小车的位移．本题是一个多过程问题，关键是理清小车在整个过程中的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．。
山西省运城市2015届高三物理上学期期中试题(含解析)
山西省运城市2015届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题：〔共11小题，每题4分，共44分，其中5-11题有多个选项是正确的，全选对得4分，选不全得2分，有错选的得0分．1．〔4分〕如下列图，质点在F1、F2和F3三力作用下保持静止，其中F1的大小恒定不变，方向竖直向下，F2与水平方向夹角为θ〔θ＜45°〕，但大小未知，如此如下说法正确的答案是〔〕A．F3的最小值为F1cosθB．F3的大小可能为F1sinθC．F3的方向可能与F2的方向相反D．F2取不同的值，F2与F3的合力就有不同的值考点：力的合成；共点力平衡的条件与其应用．.分析：三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；题中第三个力F3与的两个力的合力相平衡．解答：解：A、通过作图可以知道，当F1、F2的合力F与F2垂直时合力F最小，等于F1cosθ，故A正确，B错误；C、三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线；通过作图可知，当F1、F2的合力F可以在F1与F2之间的任意方向，而三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，故力F3只能在F1与F2之间的某个方向的反方向上，可以在第二象限，也可以在第三象限，当F1、F2的合力F在第一象限时，力F3在第三象限，故C错误；D、由于三力平衡，F2与F3的合力始终等于F1，保持不变，故D错误；应当选：A．点评：此题关键抓住三力平衡时，三个力中任意两个力的合力与第三个力等值、反向、共线，然后通过作图分析．2．〔4分〕如图甲所示，两平行金属板MN、PQ的板长和板间距离相等，板间存在如图乙所示的随时间周期性变化的电场，电场方向与两板垂直，不计重力的带电粒子沿板间中线垂直电场方向源源不断地射入电场，粒子射入电场时的初速度为v0，初动能均为E k．t=0时刻射入电场的粒子刚好沿上板右边缘垂直电场方向射出电场．如此〔〕A．不同时刻射入电场的粒子，射出电场时的速度方向可能不同B．t=0之后射入电场的粒子有可能会打到极板上C．所有粒子在经过电场过程中最大动能都不可能超过2E kD．假设入射速度加倍成2v0，如此粒子从电场出射时的侧向位移与v0相比必定减半考点：带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：粒子在平行极板方向不受电场力，做匀速直线运动；t=0时刻射入电场的带电粒子沿板间中线垂直电场方向射入电场，沿上板右边缘垂直电场方向射出电场，竖直方向分速度变化量为零，根据动量定理，竖直方向电场力的冲量的矢量和为零．解答：解：A、B、D、粒子在平行极板方向不受电场力，做匀速直线运动，故所有粒子的运动时间一样；t=0时刻射入电场的带电粒子沿板间中线垂直电场方向射入电场，沿上板右边缘垂直电场方向射出电场，说明竖直方向分速度变化量为零，根据动量定理，竖直方向电场力的冲量的矢量和为零，故运动时间为周期的整数倍；故所有粒子最终都垂直电场方向射出电场；由于t=0时刻射入的粒子始终做单向直线运动，竖直方向的分位移最大，故所有粒子最终都不会打到极板上，故AB错误；C、t=0时刻射入的粒子竖直方向的分位移最大，为；根据分位移公式，有：由于L=d故：v ym=v0故最大动能E K′=m〔v02+v2ym〕=2E K，故C正确；D、假设入射速度加倍成2v0，如此粒子从电场出射时间减半的侧向位移与时间的平方成正比，侧向位移与原v0相比必变成原来的四分之一，故D错误；应当选：C．点评：此题关键根据正交分解法判断粒子的运动，明确所有粒子的运动时间相等，t=0时刻射入的粒子竖直方向的分位移最大，然后根据分运动公式列式求解，不难．3．〔4分〕如下列图，斜面角为45°，从斜面上方A点处由静止释放一个质量为m的弹性小球，在B点处和斜面碰撞，碰撞后速度大小不变，方向变为水平，经过一段时间在C点再次与斜面碰撞．AB两点的高度差为h，重力加速度为g，不考虑空气阻力．如此小球落到C点时速度的大小为〔〕A．v=B．C．D．10考点：平抛运动．.专题：平抛运动专题．分析：根据自由落体运动的位移时间公式求出小球从A点运动到B点的时间．小球与B点碰撞后做平抛运动，求出平抛运动的初速度，抓住平抛运动的水平位移和竖直位移相等求出平抛运动的时间，从而得出平抛运动到C点竖直方向上的分速度，根据平行四边形定如此定如此求出小球落到C点的速度大小．解答：解：根据h=得，t1=．平抛运动的初速度大小v0=gt1=．因为平抛运动到C点水平位移和竖直位移相等，有v0t=解得t=如此小球运动到C点竖直方向上的分速度v y=gt=2v0如此v c==．应当选：A点评：解决此题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．4．〔4分〕如下列图，水平传送带两端点A、B间的距离为L．假设传送带处于静止状态，把一个小物块放到右端的A点，某人用恒定的水平拉力F1使小物块以速度V1匀速滑道左端的B 点．假设传送带的上外表以V2的速度匀速向左运动，此人用水平恒力F2拉物块，使物块以相对于传送带为V1的速度从A滑道B，如下说法正确的答案是〔〕A．F2大于F1B．F2做功等于F1做的功C．F2的功率等于F1做的功D．两种情况下物块与皮带之间因摩擦而产生的热量一样考点：动能定理的应用；牛顿第二定律．.专题：动能定理的应用专题．分析：传送带不运动时和运动时，拉力的大小一样，物体对地位移一样，做功一样．传送带以v2的速度匀速运动时，物体从A运动到B时间缩短，拉力做功功率增大．摩擦而产生的热量等于物体与传送带组成的系统抑制摩擦力做功．根据系统抑制摩擦力做功大小，判断热量的大小．解答：解：A、两种情况下物体都做匀速直线运动，物体处于平衡状态，由平衡条件可知，拉力等于滑动摩擦力，由于两种情况下滑动摩擦力f相等，如此拉力相等，即：F1=F2，故A错误；B、设AB的长度为L，拉力大小为F，滑动摩擦力大小为f．当传送带不运动时，拉力做功W1=FL，物体从A运动到B的时间t1=，因摩擦而产生的热量Q1=fL．当传送带运动时，拉力做功W2=FL，物体从A运动到B的时间t2=＜t1，因摩擦而产生的热量Q2=fv1t2．拉力做功功率P1=，P2=，比拟可知W1=W2，P1＜P2．又v1t2＜v1t1，v1t1=L 得Q1＞Q2．故B正确，CD错误；应当选：B．点评：此题难点是分析物体运动时间和摩擦生热．摩擦发热等于滑动摩擦力与物体和传送带相对位移的乘积．5．〔4分〕如下列图为甲、乙两质点在同一直线上运动的x﹣t图象，其中，乙质点做初速度为零的匀加速直线运动，如下说法正确的答案是〔〕A．在2秒之前总是乙追甲B．在2秒内甲的位移比乙的位移大C．在1秒时两质点的距离最大D．质点乙在2秒时的速度大于4m/s考点：匀变速直线运动的图像．.专题：运动学中的图像专题．分析：在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．解答：解：A、据图可知，在2秒之前，乙的位移一直小于甲的位移，故总是乙追甲，故A正确；B、读图，得2秒时，甲乙的位移均为4m，两者相等，故B错误；C、甲乙两者距离最大时，为两者速度相等时，甲做匀速直线运动，乙做匀加速直线运动，在2秒时位移均为s=4m，设甲的速度为v0，乙的加速度为a，如此对于甲：s=v0t=v0×2=4m，得甲的速度：v0=2m/s；对于乙：，得乙的加速度：a=2m/s2；故两者距离最大时：v0=at1=2×t1=2m/s，解得两者距离最大时，t1=1s，故C正确；D、质点乙在2秒时的速度：v2=at2=2×2=4m/s，故D错误；应当选：AC．点评：要求同学们能根据图象读出有用信息，难度不大，属于根底题．6．〔4分〕如下列图，一轻弹簧左端固定在平板车的右侧，右端连接一质量为m的滑块，开始时，弹簧被拉长，滑块与平板车均处于静止状态，在以下运动中滑块与平板车始终相对静止，如此以下说法正确的答案是〔〕A．假设平板车向右减速运动，滑块所受的摩擦力一定变小B．假设平板车向右加速运动，滑块所受的摩擦力一定变大C．假设平板车向左加速运动，滑块所受的摩擦力一定变小D．假设平板车向左加速运动，滑块所受的摩擦力有可能对滑块做正功考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件与其应用．.专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据平板车与滑块的运动状态，结合对滑块的受力分析，求出牛顿第二定律的方程即可做出判定．解答：解：A、开始时，弹簧被拉长，物块受到向左的拉力和向右的摩擦力的作用，f=F．假设平板车向右减速运动，加速度的方向向左，滑块所受的摩擦力可能变小，也可能反向并增大．此时：F+f′=ma．故A错误；B、假设平板车向右加速运动，加速度的方向向右；如此f′﹣F=ma，所以：f′＞F．滑块所受的摩擦力一定变大．故B正确；C、假设平板车向左加速运动，加速度的方向向左，滑块所受的摩擦力可能变小，也可能反向并增大．此时：F+f′=ma．故C错误；D、假设平板车向左加速运动，加速度的方向向左，滑块所受的摩擦力可能变小，也可能反向并增大．此时摩擦力的方向与运动的方向一样，摩擦力做正功．故D正确．应当选：BD点评：该题中滑块受到的摩擦力是静摩擦力，是摩擦力的分析中的难点，要充分考虑到静摩擦力也可能改变方向的问题．7．〔4分〕在足够高的空中某点竖直向上抛一物体，规定物体抛出时的速度方向为正方向，抛出后第5s内的位移是4m，忽略空气阻力的影响，g取10m/s2，如此关于物体的运动如下说法正确的答案是〔〕A．物体上升的时间是4.9s B．4s末的速度是10m/sC．在8s内的平均速度的方向竖直向下D．物体在9.8s内的路程为240.1m考点：竖直上抛运动．.专题：直线运动规律专题．分析：抓住第5s内的位移可能向上，可能向下，根据匀变速直线运动的位移时间公式求出第5s内的初速度．结合运动学公式和推论进展分析求解．解答：解：A、假设位移的方向向上，根据x=v0t+得：4=v0﹣5，解得第5s内的初速度为9m/s，上升到最高点还需的时间t′==0.9s，如此物体上升的时间可能为4.9s．假设物体的位移向下，如此﹣4=v0﹣5，解得第5s内初速度为1m/s．故A正确．B、第5s内的位移可能向上，可能向下，如此平均速度可能为4m/s，可能为﹣4m/s．故B错误．C、由A选项解析可知，8s末的速度小于初速度，根据知平均速度和初速度方向一样，竖直向上．故C错误．D、当物体第5s初的速度为9m/s时，如此物体竖直上抛的初速度v=v0+gt=49m/s，当物体第5s初的速度为1m/s时，如此物体的初速度v=v0+gt=41m/s．可知10s末的速度可能为﹣51m/s，可能为﹣59m/s，根据x=得，10s内的位移可能为﹣10m，可能为﹣90m．故D错误．应当选：AD．点评：解决此题的关键知道竖直上抛运动的加速度不变，可以全过程研究，运用运动学公式求解，注意速度、位移、加速度的方向．8．〔4分〕在地表附近有一竖直方向的匀强电场E，一带电油滴以某初速度从a处运动到b处，电场线与油滴的运动轨迹如下列图，不计空气阻力，由此可以判断〔〕A．油滴带正电荷B．a点的电势比b点的电势高C．油滴的动能和电势能之和一定减小D．油滴的重力势能和电势能之和一定减小考点：带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据图中的运动轨迹情况，可以判断出重力和电场力的大小关系与电荷的电性，然后根据功能关系求解即可．解答：解：A、由轨迹图可知，带电油滴所受重力小于电场力，电场力方向向上，电场方向向下，故电荷带负电，故A错误；B、沿着电场线电势逐渐降低，故b点的电势比a点的电势高，故B项错误；C、根据功能关系可知，在从a到b的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，从a到b的运动过程中重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减小，故C正确．D、根据功能关系可知，在从a到b的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故D正确；应当选：CD点评：此题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化．在学习过程中要明确各种功能关系是解这类问题的关键．9．〔4分〕如下列图，水平桌面上的轻质弹簧一端固定，另一端与小物块相连，弹簧处于自然长度时物块位于O点，物块的质量为m，物块与桌面之间的动摩擦因数为μ，现用水平向右的力将物块从O点缓慢拉至A点，OA=s，拉力做的功为W．撤去拉力后物块由静止开始向左运动，越过O点速度减小到零．重力加速度为g．如此上述过程中〔〕A．物块从O到A过程中，弹簧弹力对物块做的功为W﹣mgμsB．物块从A到O过程中，弹簧的弹性势能减少了W﹣mgμsC．物块从A回到O位置时的动能为最大D．物块从A回到O位置时的动能为W﹣2mgμs考点：动能定理的应用；功能关系．.专题：动能定理的应用专题．分析：分析物块的受力情况，来判断其运动情况：物块在水平方向受到向左的弹簧的拉力和滑动摩擦力，滑动摩擦力不变，弹力逐渐变小，根据弹簧先大于摩擦力、再等于摩擦力，后小于摩擦力，即可判断出物块的运动情况，并出动能最大的位置．根据功能关系分析动能与弹簧弹性势能变化量的关系．解答：解：A、缓慢移动物体，物体动能不变，由能量守恒定律可知，物块从O到A过程中，弹簧弹力对物块做的功为﹣〔W﹣mgμs〕，故A错误；B、物块从A到O过程中，弹簧的弹性势能减少了W﹣mgμs，故B正确；C、当物体受到的合力为零即弹力与摩擦力相等时，其速度最大，该位置在O点右侧，物块到达O点时的速度不随最大，动能不是最大，故C错误；D、物体回到O位置时，摩擦力做功：2μmgs，弹簧弹力做功为零，由能量守恒定律可知，物块的动能为：W﹣2μmgs，故D正确；应当选：BD．点评：此题关键是抓住弹簧的弹力是变化的，分析清楚物体向右运动的过程中受力情况，从而判断出其运动情况，分析能量如何转化时，要搞清能量有几种形式，再分析如何转化．10．〔4分〕一价氢离子、一价氦离子、二价氦离子的混合物垂直电场线进入偏转电场，最后射出电场，以下说法正确的答案是〔〕A．离子以一样的速度进入同一偏转电场可别离为三股粒子束B．离子以一样的动能进入同一偏转电场可别离为二股离子束C．离子经过同一加速电场由静止加速后进入同一偏转电场不能将粒子束别离D．以上说法都不正确考点：带电粒子在匀强电场中的运动．.专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：根据带电粒子在电场中的偏转规律，可求得粒子的偏移量与粒子进入电场时的速度、动能、荷质比之间的关系，进而确定粒子的运动情况．解答：解：A、离子以一样的速度进入同一偏转电场，带电粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，L=v0t，所以有：t=，由偏移量；=，y与成正比，三者的荷质比不一样，故三种粒子分成三股离子束，故A正确；B、离子以一样的动能进入同一偏转电场，带电粒子在垂直电场方向做匀速直线运动，L=v0t，所以有：t=，由偏移量；=，y与q成正比，一价氢离子、一价氦离子，电荷量一样，形成一股离子束，二价氦离子单独形成一股，故B正确；C、离子经过同一加速电场由静止加速后，在加速电场中，根据动能定理得：qU1=，在偏转电场中，离子做类平抛运动，运动时间 t=偏转距离 y=，联立以上各式得：y=，y与带电粒子的质量、电荷量无关，如此一价氢离子、一价氦离子和二价氦离子在偏转电场轨迹重合，所以它们不会分成三股，而是会聚为一束射出，故C正确；D、由以上分析D错；应当选：ABC点评：此题一方面要熟记结论：同种带电粒子经同一加速电场加速，再经同一偏转电场偏转时轨迹重合．另一方面要能运用力学方法进展推导．11．〔4分〕我们设计这样一个情景，细线下端悬挂一个质量为m的钢球，细线上端固定于O 点，用不同长度的细线拉着钢球，使钢球在同一水平面内不同的轨道上做匀速圆周运动，〔小球可视为质点〕，以下说法正确的答案是〔〕A．轨道半径越大周期就越大B．轨道半径越大线速度就越大C．轨道半径越大向心力就越大D．在同一轨道上小球的质量越大向心加速度就越大考点：向心力；牛顿第二定律．.专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：比拟两个小球，两个小球均做匀速圆周运动，对它们受力分析，找出向心力来源，可先求出角速度，再由角速度与线速度、周期、向心加速度的关系公式求解．解答：解：对其中一个小球受力分析，如图，受重力，绳子的拉力，由于小球做匀速圆周运动，故合力提供向心力；将重力与拉力合成，合力指向圆心，由几何关系得，合力：F=mgtanθ ①；由向心力公式得到：F=mω2r ②；设绳子与悬挂点间的高度差为h，由几何关系，得：r=htanθ ③；由①②③三式得，ω=．知角速度相等，由T知，角速度一样，如此周期一样．故A错误．由v=wr，轨道半径越大线速度就越大．故B正确．由F=mω2r，轨道半径越大向心力越大，故C正确；由a=ω2r，在同一轨道上小球的向心加速度一样，与质量无关，故D错误．应当选：BC．点评：此题关键要对球受力分析，找向心力来源，求角速度；同时要灵活应用角速度与线速度、周期、向心加速度之间的关系公式．二、填空题：每空2分，共16分．12．〔10分〕某实验小组采用如图1所示的装置探究小车的加速度与力的关系．+〔1〕安装实验装置时，应调整定滑轮的高度，使拉小车的细线在实验过程中与长木板保持平行．实验时先不挂沙桶，反复调整垫木的位置，轻推小车，直到小车做匀速运动，这样做的目的是平衡摩擦力．〔2〕保持小车质量不变，用装有不同细沙的沙桶通过定滑轮拉动小车，打出多条纸带，如图2所示是实验中打出的一条纸带的一局部，从较清晰的点迹起，在纸带上标出了5个计数点A、B、C、D、E，相邻两个计数点之间都有4个点迹没标出，测出各计数点之间的距离如图2纸带所示．打点计时器接在频率为50Hz的交流电源两端，如此此次实验中相邻两计数点间间隔为T=0.1s，由纸带上的数据计算出小车运动的加速度a=0.46m/s2〔3〕在该实验中我们总是强调沙和沙桶的质量要远小于小车的质量才能认为细线的拉力接近沙和沙桶的重力〔取重力加速度为g，沙和沙桶的质量为m，小车的质量为M〕请你写出细线实际拉力F的表达式．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．.专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：运用控制变量法探究加速度与力和力的关系．根据牛顿第二定律分析“将砂桶和砂的重力近似看作小车的牵引力〞的条件．解答：解：〔1〕安装实验装置时，应调整定滑轮的高度，使拉小车的细线在实验过程中保持与长木板平行，保证细线的拉力等于小车的合力．实验时先不挂砂桶，反复调整垫木的位置，轻推小车，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是平衡摩擦力．〔2〕交流电的频率为50Hz，每隔0.02s打一个点，如此AB两计数点间的时间间隔为T=0.1s．在连续相等时间内的位移之差是一恒量，知△x=0.46cm，如此加速度a===0.46m/s2．〔3〕设绳子上拉力为F，对小车根据牛顿第二定律有：F=Ma，对砂桶和砂有：mg﹣F=ma，由此解得：F=．故答案为：〔1〕平行；平衡摩擦力；〔2〕0.1s；0.46m/s2；〔3〕点评：对于实验问题一定要明确实验原理，并且亲自动手实验，知道实验注意的事项，熟练应用所学根本规律解决实验问题．13．〔6分〕如下列图，我们可以探究平行板电容器的电容与哪些因素有关．平行板电容器已充电，带电量为Q，静电计的指针偏角大小，表示两极板间电势差的大小．如果使极板间的正对面积变小，发现静电计指针的偏角变大，我们就说平行板电容器的电容变小〔填“变大〞或“变小〞〕；如果使两极板间的距离变大，发现静电计指针的偏角变大，我们就说平行板电容器的电容变小〔填“变大〞或“变小〞〕．我们之所以能够得出这些结论是因为电容器的电容C=．考点：电容器的动态分析．.专题：电容器专题．分析：根据电容的决定式，分析电容如何变化，由电容的定义式分析板间电压的变化，再判断静电计指针偏角的变化．解答：解：根据C=，正对面积变小说明电容减小，又C=，电压增大如此发现静电计指针的偏角变大；使两极板间的距离变大，根据C=，说明电容减小，又C=，电压增大如此发现静电计指针的偏角变大．我们之所以能够得出这些结论是因为电容器的电容C=故答案为：变小，变小，点评：此题是电容器动态变化分析问题，关键要掌握电容的决定式和电容的定义式，并能进展综合分析．三、计算题：共40分，其中14题10分，15题14分，16题16分．14．〔10分〕某航母跑道长200m，飞机在航母上起飞需要的最小速度为50m/s．求：〔1〕假设飞机从静止开始做匀加速运动，要在航母上起飞，飞机加速度至少要多大？〔2〕假设飞机的最大加速度为6m/s2，如此飞机要在航母上起飞需要借助弹射系统获得的最小初速度是多少？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．.专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕根据匀变速直线运动的速度位移关系由起飞速度和位移求飞机的加速度；〔2〕同理根据起飞速度、位移和加速度求飞机获得的初速度．解答：解：〔1〕飞机起飞后做匀加速直线运动，根据速度位移关系有：得飞机起飞的加速度a==6.25m/s2〔2〕根据飞机起飞过程中的速度位移关系，，飞机起飞的初速度=答：〔1〕假设飞机从静止开始做匀加速运动，要在航母上起飞，飞机加速度至少为6.25m/s2；〔2〕假设飞机的最大加速度为6m/s2，如此飞机要在航母上起飞需要借助弹射系统获得的最小初速度是10m/s．点评：掌握匀变速直线运动的速度位移关系是正确解题的关键，属于根底题．15．〔14分〕如下列图，有甲、乙两颗卫星分别在不同的轨道围绕半径为R、外表重力加速度为g的地球运动，卫星甲、卫星乙各自所在的轨道平面相互垂直，卫星甲的轨道为圆，距离地球外表的高度为R，卫星乙的轨道为椭圆，M、N两点的连线为其椭圆轨道的长轴且M、N两点间的距离为4R，求：〔1〕卫星甲的线速度的大小V；〔2〕卫星乙运行的周期T．考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律与其应用．.专题：人造卫星问题．分析：研究卫星绕行星匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式求解卫星甲的线速度大小和卫星甲运行的周期．根据开普勒第三定律求出卫星乙运行的周期．解答：解：〔1〕卫星甲绕中心天体做匀速圆周运动，由万有引力提供向心力，有：。
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星原学校复兴班2014—2015学年度第一学期第五次自助检测物理试题第Ⅰ卷（选择题，共48分）一、选择题（本题16小题，每小题3分，共48分，其中1,3,6,7,9,10,12,15小题为多项选择,全部选对的得3分，选对但不全得分，有选错或不答得0分．)1.在物理学发展的过程中，许多物理学家的科学研究推动了人类文明的进程．在对以下几位物理学家所作科学贡献的叙述中，正确的说法是（ ）A ．英国物理学家牛顿用实验的方法测出万有引力常量GB ．第谷接受了哥白尼日心说的观点，并根据开普勒对行星运动观察记录的数据，应用严密的数学运算和椭圆轨道假说，得出了开普勒行星运动定律C ．元电荷e 的数值最早是由物理学家密立根测得的，这是他获得诺贝尔物理学奖的重要原因D ．牛顿在归纳总结了伽利略、笛卡尔等科学家结论的基础上，得出了牛顿第一定律2.带电粒子在只受电场力作用的情形下，由静止开始运动，以下说法中正确的是（ ）Ａ．粒子总是由电场强度大的地方向电场强度小的地方运动Ｂ．粒子总是由电势高处向电势低处运动Ｃ．粒子总是由电势能高处向电势能低处运动Ｄ．粒子总是沿电场线方向运动 3. “儿童蹦极”中，栓在腰间左右两侧的是弹性极好的橡皮绳．质量为m 的小明如图静止悬挂时两橡皮绳的拉力大小均恰为mg ，若此时小明左侧橡皮绳在腰间断裂，则小明此时（ ）A ．速度为零B ．加速度a=g ，沿原断裂绳的方向斜向下C ．加速度a=g ，沿未断裂绳的方向斜向上D ．加速度a=g ，方向竖直向下4.如图，一小球从一半圆轨道左端A 点正上方某处开始做平抛运动（小球可视为质点），飞行过程中恰好与半圆轨道相切于B 点。
O 为半圆轨道圆心，半圆轨道半径为R ，OB 与水平方向夹角为60°，重力加速度为g ，则小球抛出时的初速度为（ ）A ．3gR 2B ．33gR 2C ．3gR 2D ．3gR 3 5.如图所示，弹簧下端悬一滑轮，跨过滑轮的细线两端系有A 、B 两重物， m B =2kg ，不计线、滑轮质量及摩擦，将A 、B 两重物由静止释放后，弹簧的示数不可能为：（g=10m/s 2）（ ）A B O4题 R 60° AB 5题 3题A. 40NB. 60NC. 70ND. 100N6.如图所示，在水平地面上固定一个倾角为θ的足够长的光滑斜面，质量为m ＝1kg 的小滑块从斜面底端在与斜面平行的恒力F 作用下由静止开始沿斜面上升，经过时间t 撤去恒力F ，又经过时间t 物体回到斜面底端，此时物体的动能为32J ，则下列说法正确的是A ．拉力F 做的功为8JB ．拉力F 做的功为32JC ．物体回到底端的速度是撤去拉力时的速度的2倍D ．运动过程中动能和重力势能相等的位置在撤去拉力时的位置的上方7.如图所示的电路中，滑动变阻器的滑片P 从a 滑向b 的过程中，三只理想电压表示数变化的绝对值分别为ΔU 1、ΔU 2、ΔU 3，下列各值可能出现的是A ．△U 1＝3V △U 2＝2V △U 3＝1VB ．△U 1＝1V △U 2＝3V △U 3＝2VC ．△U 1＝ △U 2＝1V △U 3＝D ．△U 1＝ △U 2＝1V △U 3＝8.为了探测某星球，载着登陆舱的探测飞船在该星球中心为圆心，半径为r 1的圆轨道上运动，周期为T 1，总质量为m 1.随后登陆舱脱离飞船，变轨到离星球更近的半径为r 2的圆轨道上运动，此时登陆舱的质量为m 2，则 ( )A ．该星球的质量为M ＝4π2r 1GT 21； B ．该星球表面的重力加速度为g x ＝4π2r 1T 1； C ．登陆舱在r 1与r 2轨道上运动时的速度大小之比为221121r m r m v v = D ．登陆舱在半径为r 2轨道上做圆周运动的周期为313212r r T T = 9.如图所示，一传送带与水平方向的夹角为θ，以速度v 逆时针运转，一物块A 轻轻放在传送带的上端，则物块在从A 到B 运动的过程中，机械能E 随位移变化的关系图象可能的是( )9题 7题6题10. 现有两个边长不等的正方形ABDC 和abdc ，如图所示，且Aa 、Bb 、Cc 、Dd 间距相等。
在AB 、AC 、CD 、DB 的中点分别放等量的点电荷，其中AB 、AC 中点放的点电荷带正电，CD 、BD 的中点放的点电荷带负电，取无穷远处电势为零。
则下列说法中正确的是( ) A ．O 点的电场强度和电势均为零 B ．把一正点电荷沿着b →d →c 的路径移动时，电场力做总功为零 C ．同一点电荷在a 、d 两点所受电场力相同 D ．将一负点电荷由a 点移到b 点电势能增大11.如图所示为多用电表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300 μA ，内阻R g =100 Ω，调零电阻最大值R=50 k Ω，串联的固定电阻R 0=50 Ω,电池电动势E= V ，用它测量电阻R x ，能准确测量的阻值范围是（ ）Ω—80Ω k Ω—8 k ΩΩ—80k Ω Ω—800k Ω12.如图所示, 一块长度为a 、宽度为b 、厚度为d 的金属导体, 当加有与侧面垂直的匀强磁场B, 且通以图示方向的电流I 时, 用电压表测得导体上、下表面M 、N 间电压为U. 已知自由电子的电荷量为e. 下列说法中正确的是( )板比N 板电势高B. 导体单位体积内自由电子数越多, 电压表的示数越大C. 导体中自由电子定向移动的速度为v =U/BdD. 导体单位体积内的自由电子数为eUbBI 13. 右表是某逻辑电路的真值表，该电路是14.如图所示，甲是一个带正电的小物块，乙是一个不带电的绝缘物块．甲、乙叠放在一起置于粗糙水平面上，水平面上方有垂直于纸面向10题 + + - - A B D C a b d c O12题 13题11题里的匀强磁场．现用一个水平恒力拉乙物块，使甲、乙无相对滑动地一起向左加速运动．在共同加速阶段，下列说法中正确的是（）A．甲、乙两物块间的静摩擦力不断增大B．甲、乙两物块间的静摩擦力不断减小C．乙物块与地面间的摩擦力大小不变D．乙物块与地面间的摩擦力不断减小15. 从太阳或其他星体上放射出的宇宙射线中含有大量的高能粒子,若到达地球,会对地球上的生命带来危害.下图是地磁场分布的示意图,关于地磁场对宇宙射线的阻挡作用的下列说法，正确的是( )A.地磁场对直射地球的宇宙射线的阻挡作用在南北两极最强,赤道附近最弱B.地磁场对直射地球的宇宙射线的阻挡作用在赤道附近最强,南北两极最弱C.地磁场对宇宙射线的阻挡作用在各处相同D.地磁场对宇宙射线的阻挡作用的原因是地磁场能使宇宙射线发生偏转16. 如图所示，空间存在水平向左的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，电场和磁场相互垂直．在电磁场区域中，有一个竖直放置的光滑绝缘圆环，环上套有一个带正电的小球．O点为圆环的圆心，a、b、c为圆环上的三个点，a点为最高点，c点为最低点，Ob沿水平方向．已知小球所受电场力与重力大小相等．现将小球从环的顶端a点由静止释放．下列判断正确的是（）A．当小球运动的弧长为圆周长的1/4时，洛伦兹力最大B．当小球运动的弧长为圆周长的1/2时，洛伦兹力最大C．小球从a点运动到b点，重力势能减小，电势能增大D．小球从b点运动到c点，电势能增大，动能先增大后减小二、填空题（每空2分, 电路图4分，共18分）17.（1）要测量电压表V1的内阻R V，其量程为2V，内阻约为2kΩ。
实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约Ω；电压表V2，量程5V，内阻约5kΩ；定值电阻R1，阻值30Ω；定值电阻R2，阻值3kΩ；滑动变阻器R3，最大阻值100Ω，额定电流1.5A；电源E，电动势6V，内阻约Ω；开关S一个，导线若干。
①有人拟将待测电压表V1和电流表A串联接入电压合适的测量电路中，测出V1的电压和电流，再计算出R V。
该方案实际上不可行，其最主要的原因是__________________________________________ ；②请从上述器材中选择必要的器材，设计一个测量电压表V1内阻R V的实验电路。
要求测量尽量准确，实验须在同一电路中，且在不增减元件的条件下完成。
试画出符合要求的实验电路图（图中电源与开关已连好），并标出所选元件的相应字母代号；（4分,有一处错误记0d16题15题E S分）③由上问写出V1内阻R V的表达式，说明式中各测量的物理意义。
_______________________________。
（2）如下图甲所示为一黑箱装置，盒内有电源、电阻等元件，a、b为黑箱的两个输出端.①为了探测黑箱，某同学进行了以下几步测量：A.用多用电表的欧姆挡测量a、b间的电阻；B.用多用电表的电压挡测量a、b间的输出电压；C.用多用电表的电流挡测量a、b间的输出电流.[来]你认为以上测量中不妥的有：(填序号).②含有电源的黑箱相当于一个“等效电源”，a、b是等效电源的两极.为了测定这个等效电源的电动势和内阻，该同学设计了如图乙所示的电路，调节变阻器的阻值，记录下电压表和电流表的示数，并在方格纸上建立了U-I坐标，根据实验数据画出了坐标点，如图丙所示.请你做进一步处理，并由图求出等效电源的电动势E＝V，内阻r＝Ω.（结果小数点后保留两位）③由于电压表和电流表的内阻会产生系统误差，则采用此测量电路所测得的电动势与实际值相比，测得的内阻与实际值相比(选填“偏大”“偏小”或“相同”).17题（2）三、计算题（本题3小题，共34分）18（10分）.图示中工人在推动一台割草机，施加的力大小为100N，方向与水平地面成30°斜向下．已知割草机重300N．g=10m/s2（1）求它对地面的压力为多大？（2）割草机割完草后，现工人用与水平面成某一角度的最小力拉着割草机匀速运动，已知这个最小拉力为180N，求割草机与地面间的动摩擦因数。
18题图19.（10分）如图甲所示，水平天花板下悬挂一光滑的轻质的定滑轮，跨过定滑轮的质量不计的绳(绳承受拉力足够大)两端分别连接物块A和B，A的质量为m0，B的质量m是可以变化的，当B的质量改变时，可以得到A加速度变化图线如图乙所示，不计空气阻力和所有的摩擦， A加速度向上为正．(1) 求：图乙中a 1、a 2和m 1的大小．(2)若m 0＝0.8kg ，m ＝1.2kg ，AB 开始都在离水平地面H ＝0.5m 处，由静止释放AB ，且B着地后不反弹，求A 上升离水平地面的最大高度．(g 取10m/s 2)20．（14分）如图，竖直平面坐标系xoy 的第一象限，有垂直xoy 面向外的水平匀强磁场和竖直向上的匀强电场，大小分别为B 和E ；第四象限有垂直xoy 面向里的水平匀强电场，大小也为E ；第三象限内有一绝缘光滑竖直放置的半径为R 的半圆轨道，轨道最高点与坐标原点O 相切，最低点与绝缘光滑水平面相切于N 。