安徽省2014届高考物理一轮 小题精练68 新人教版
安徽省2014届高考物理一轮小题精练67新人教版汇总
【安徽省，人教版】2014届物理一轮小题精练（67,含答案）一、选择题（共10小题，每小题4分，共40分，在每小题给出的四个选项中，有的小 题只有一个选项符合题目要求， 有些小题有多个选项符合题目要求， 全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得 0分）1.一个系统的机械能增大，究其原因，下列推测正确的是（ ）A. 可能是重力对系统做了功B. —定是合外力对系统做了功C. 一定是系统克服合外力做了功D. 可能是摩擦力对系统做了功 ［答案］D［解析］系统的机械能增加是除重力、 弹簧的弹力以外的力对系统做正功引起的. 不是合外力做功的问题•所以只有D 说法正确.2. （2013 •济南模拟）如图所示，铁路提速要解决许多具体的技术问题，其中提高机车 牵引力功率是一个重要的问题•若匀速行驶时，列车所受阻力与速度的平方成正比，即 f = kv 2.那么，当列车分别以 引力功率之比为 120km/h 和40km/h 的速度在水平直轨道上匀速行驶时，机车的牵 （ ）A. 3: 1 C. 27: 1B. 9: 1D. 81: 1［答案］C［解析］本题考查功率的概念，分析时要首先找出功率与速度的关系，然后再进行判 断.功率P = Fv = fv = kv 2x v = kv 3，即功率与速度的三次方成正比， 所以当速度之比是 3- I时，则功率之比是 13.汽车以恒定功率L P 初速度V 0冲上倾角一定的斜坡时，汽车受到的阻力恒定不变， 则汽车上坡过程中的 v —t 图象不可能是图中的( )［答案］A［解析］汽车上坡过程中功率不变，开始时牵引力可能大于阻力，可能小于阻力，可能 等于阻力，则速度可能先加速，可能先减速，可能不变，但不可能做匀加速运动，故 A 是不 可能的.4. （2013 •烟台五校联考）某汽车以额定功率在水平路面上行驶，空载时的最大速度为 v 1,装满货物后的最大速度为 v 2,已知汽车空车的质量为 m ,汽车所受的阻力跟车重成正比， 则汽车后来所装货物的质量是 （ ）V 1 — V 2 A. v 2 m V 1 — V 2 V 1 C. v i m D.V2mV 1 + V 2 B. V 2 m［答案］A［解析］空载时：P= FfM = km o gv i，装满货物后：P= Ff 2V2= kmgv,所以汽车后来所装V i —V2货物的质量是△ m= m—m o= V2 m o，选项A正确.5. （2013 •广东质检）如图所示，小物体A沿高为h、倾角为0的光滑斜面以初速度v o 从顶端滑到底端，而相同的物体B以同样大小的初速度从同等高度竖直上抛，则（）A. 两物体落地时速度的大小相同B. 两物体落地时，重力的瞬时功率相同C. 从开始运动至落地过程中，重力对它们做功相同D. 从开始运动至落地过程中，重力对它们做功的平均功率相同［答案］AC［解析］由于竖直高度的变化是相同的，所以相同质量的物体重力做功是一样的，再根据动能定理可计算出末速度的大小相等. 选项A正确，选项C正确.根据功率的定义，两物体落地时竖直方向上的速度不同，可知选项B错误.由于两物体在落地过程中的运动时间不一定相同，所以选项D错误.6•空中花样跳伞是一项流行于全世界的一种极限运动•如图甲所示是花样跳伞队员在空中摆出的莲花图案.假设某跳伞运动员从静止在空中的飞机上无初速度跳下，沿竖直方向下落，运动过程中，运动员的机械能与位移的关系图象如图乙所示，其中0〜S i过程中的图线为曲线，S i〜S2过程的图线为直线•根据该图象，下列判断正确的是（）A. 0〜s i过程中运动员受到的空气阻力是变力，且不断减小B. S i〜S2过程中运动员做匀速直线运动C. s i〜S2过程中运动员做变加速直线运动D. 0〜S i过程中运动员的动能不断增大［答案］BD［解析］根据机械能守恒定律可知，只有重力做功时不影响运动员机械能的变化，所以影响机械能变化的“元凶”是空气阻力做功• 0〜S i过程中，机械能并非均匀减小，且由常识可知，运动员速度越大，所受阻力会越大，A项错误；开始下落阶段，空气阻力小于重力，运动员的速度不断增加，D项正确；S i〜S2过程中运动员的机械能均匀减小，可知空气阻力不再变化，即运动员速度不再发生变化，B项正确，C项错误.7.禾U用传感器和计算机可以研究力的大小变化的情况，实验时让某消防队员从平台上跳下，自由下落H后双脚触地，他顺势弯曲双腿，他的重心又下降了h.计算机显示消防队员受到地面支持力F随时间变化的图象如图所示.根据图象提供的信息，以下判断正确的是（）A.小球将沿圆柱体表面做圆周运动滑至 C 点B. 在t 3和t 4时间内消防队员的重心在减速下降C. t 3时刻消防队员的加速度为零D. 在t l 至t 4时间内消防队员的机械能守恒 ［答案］AB［解析］t i 时刻前支持力为零，说明处于自由落体阶段， t 2时刻支持力与重力相等， t 1宀t 2阶段已经触地做加速度逐渐减小为零的加速运动，速度在增大， t 2时刻速度达到最大 值，A 、B 对C 错；在11至t 4时间内，消防队员的重力势能减小，动能减小到零，机械能减 小，D 错.& （2013 •重庆模拟）半径为R 的圆桶固定在小车上，有一光滑小球静止在圆桶的最低 点，如图小车以速度 v 向右匀速运动，当小车遇到障碍物突然停止时，小球在圆桶中上升的 高度可能2vB.大于2gvC.小于2g ［答案］ACD［解析］小球沿圆桶上滑机械能守恒，由机械能守恒分析知 ACD 是可能的.9. 如图所示，固定在地面上、截面圆心为 O 半径为R 、表面粗糙的半圆柱体，其上方固定一个光滑曲线轨道 AB AB 间的竖直高度为 R 轨道底端水平并与半圆柱体顶端相切于 B 点.质量为m 的小球从A 点沿轨道AB 由静止开始滑下，最后在水平面上的落点为 q 图中未A. 在t l 至t 2时间内消防队员的重心在加速下降 D.等于2RA.等于2g2B. 小球将沿圆柱体表面运动一段后脱离表面斜下抛至 C 点C. 小球将做平抛运动到达 C 点D. O C 之间的距离为2R ［答案］CD［解析］设小球沿轨道 AB 滑至B 点时的速度大小为 v,由机械能守恒定律：mgl % mv /2 ,2mv解出滑至B 点时的速度大小 v = y/2gh 因此在B 点时，向心力F 向=頁=2mg 即小球受的支1 持力为mg 所以小球将从圆柱体表面脱离并做平抛运动，由平抛运动的规律知：R= 2gt 2,0（= vt = 2R 所以CD 正确、AB 错误.10. 如图所示，在足够大的光滑水平面上放有两个质量相等的物块 A 和B,其中物块 A 连接一个轻弹簧并处于静止状态，物块 B 以水平初速度v o 向着物块A 运动.物块B 与弹簧 相互作用过程中，两物块始终保持在同一条直线上运动，下列图象分别描绘了此过程 A B 两物块的速度v 、动能E k 及所受弹力F 随时间t 的变化规律.能正确表示其关系的一组图象 是（）Vo----- AB .①⑥D.②⑥A在物块B 与弹簧相互作用过程中，由于弹簧弹力是变力且随弹簧压缩量的增大B 的速度逐渐减小、物块 A 的速度逐渐增大，且速度图象斜率 （表示加速度） 机械 图③x 逐渐增大，而压缩量x 随时间t 非均匀变化，图⑤正确⑥错.第n 卷（非选择题共60分）二、填空题（共3小题，每小题6分，共18分.把答案直接填在横线上 ）A.④⑤ C.③⑤ ［答案］ ［解析］而增大，物块逐渐增大，图①②均不能表示速度 v 随时间t 的变化规律.在两物块相互作用过程中, 能守恒，当弹簧压缩至最短两物块速度相等时，弹性势能最大，两物块动能之和最小， 错④正确.弹力F 随弹簧压缩量 ①冲B£ ⑤③11. （6分）（2013年盐城模拟）小玲同学平时使用带弹簧的圆珠笔写字，她想估测里面小弹簧在圆珠笔尾端压紧情况下的弹性势能的增加量.请你帮助她完成这一想法.（1） _______________________________________ 写出实验所用的器材：.（2）写出实验的步骤和所要测量的物理量（用字母表示）.（要求能符合实验并尽量减少误(3)弹性势能的增加量的表达式△巳=.［答案］(1)天平直尺(2) ①将圆珠笔紧靠直尺竖直放在桌面上② 在桌面上将圆珠笔尾端压紧，记下笔尖处的读数 X i ③ 突然放开圆珠笔，观察并记下笔尖到达最高处的读数 X 2④ 用天平测出圆珠笔的质量 m (3) mgx 2— X i )12. (6分)某探究学习小组的同学欲验证“动能定理”，他们在实验室组装了一套如图 所示的装置，另外他们还找到了打点计时器所用的学生电源、 导线、复写纸、纸带、小木块、 细砂.当滑块连接上纸带，用细线通过滑轮挂上空的小砂桶时，释放小桶， 滑块处于静止状 态.若你是小组中的一位成员，要完成该项实验，则：(1) 你认为还需要的实验器材有 ____________________ . (2) 实验时首先要做的步骤是 ________________ . (3) 在(2)的基础上，某同学用天平称量滑块的质量 M 往砂桶中装入适量的细砂，用天 平称出此时砂和砂桶的总质量 m 让砂桶带动滑块加速运动，用打点计时器记录其运动情况， 在打点计时器打出的纸带上取两点，测出这两点的间距 L 和这两点的速度大小 v i 与V 2(V i </2)•则本实验最终要验证的数学表达式为 _____________ (用题中的字母表示实验中测量得到的物理量).［答案］(1)天平刻度尺 (2) 平衡摩擦力1 1(3) mgL= 2( M+ m v 22 — 2( M+ v 2［解析］(1)需要测量滑块、细砂和砂桶的质量和测量纸带的长度，因而还需要天平、 刻度尺.M(2)设绳子的拉力为 T ,根据牛顿第二定律： mg- T = ma T = Ma 解得T =祐和9只有 当M ? m 时上式才能将细砂和砂桶的重力看作等于绳子的拉力.13. (6分)某实验小组利用如图甲所示的实验装置来验证钩码和滑块所组成的系统机械 能守恒.屮 (1) 实验前需要调整气垫导轨底座使之水平，利用现有器材如何判断导轨是否水平？小砂桶数字计时器(2) 如图乙所示，用游标卡尺测得遮光条的宽度d= __________ cm,实验时将滑块从图示位置静止释放，由数字计时器读出遮光条通过光电门的时间△ t = 1.2 X 10 一1 2s，则滑块经过光电门时的瞬时速度为__________ m/s ;在实验中还需要测量的物理量有：钩码的质量m ________ 和 _______ (文字说明并用相应的字母表示)•(3)本实验通过比较__________ 和_________ 在实验误差允许的范围内相等(用测量的物理量符号表示)，从而验证了系统的机械能守恒.［答案］(1)接通气源，将滑块静置于气垫导轨上，若滑块基本保持静止，则说明导轨是水平的.(接通气源，将滑块放在气垫导轨上，轻推一下，能做匀速运动，则说明导轨是水平的)(2) 0.52 0.43 滑块上的遮光条初始位置到光电门的距离s滑块的质量M12(3) mgs 2( M( d/ △ t)三、论述计算题(共4小题，共42分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位)14. (10分)跳水运动是我国体育运动的优势项目，某运动员参加10m跳台(即跳台距水面10m)的跳水比赛，假如运动员质量为m= 60kg，其体形可等效为长度L= 1.0m，直径为d=0.3m的圆柱体，不计空气阻力，运动员站立在跳台上向上跳起到达最高点时，他的重心上升的高度为0.20 m,在从起跳到接触水面过程中完成一系列动作，入水后水的等效阻力F(不包括浮力)作用于圆柱体的下端面，F的数值随入水深度y变化的函数图象如图所示，该直线与F 轴相交于F= 2.5 mg处，与y轴相交于y= h(某一未知深度)，为了确保运动员的安全，水池必须有一定的深度，已知水的密度p = 1X 103kg/m3，根据以上的数据估算(保11 运动员起跳瞬间所做的功；2 运动员从起跳到刚接触水面过程所用的时间；3 跳水池至少应为多深？［答案］(1)1.2 X 10 2J (2)1.6s (3)7.6m1［解析］(1)起跳瞬间做功W= ?mV = mgh，其中怜=0.20m代入数据得：W= 1.2 X 10 2J1(2)起跳到接触水面为竖直上抛运动2mV= mgh代入数据得：V o = 2m/s根据位移公式：一H= V o t —2gt：其中H= 10m代入数据得：t = 1.6s(3)起跳到入水到最低点，设水池至少应为h深，根据动能定理得1 1W/F mg H+ h) 一？Fh—2F浮L一F浮(h—L) = 0,式中F= 2.5 mgd 2F浮=p gL n (2)2代入数据得：h= 7.6m15. (10分)(2013 •盐城二调)如图所示，倾角为0的斜面上只有AB段粗糙，其余部分都光滑，AB段长为3L.有若干个相同的小方块(每个小方块视为质点)沿斜面靠在一起，但不粘接，总长为L.将它们由静止释放，释放时下端距A为2L.当下端运动到A下面距A为L/2时物块运动的速度达到最大.(1) 求物块与粗糙斜面的动摩擦因数；(2) 求物块停止时的位置；(3) 要使所有物块都能通过B点，由静止释放时物块下端距A点至少要多远？［答案］(1)2tan 0 (2) B 端(3)3 L［解析］(1)当整体所受合外力为零时，整体速度最大，设整体质量为m则1mg>in 0 =卩2mg cos 0得卩=2ta n 0(2) 设物块停止时下端距A点的距离为X,根据动能定理1mg2 L+ x)sin 0 —2 mg pos 0 L—mc pos 0 (x —L) = 0解得x= 3L即物块的下端停在B端(3) 设静止时物块的下端距A的距离为S,物块的上端运动到A点时速度为V,根据动能定理1 1mgj L+ s)sin 0 —2 卩mg pos 0 L= 2mv物块全部滑上AB部分后，小方块间无弹力作用，取最上面一块为研究对象，设其质量为m，运动到B点时速度正好减到0,根据动能定理12mg3L sin 0 — ^ mg3L cos 0 = 0 —2mv得s = 3L16. (11分)(2013 •苏锡常镇调查)如图甲所示，一竖直平面内的轨道由粗糙斜面AD和光滑圆轨道DCE组成，AD与DCE相切于D点，C为圆轨道的最低点，将一小物块置于轨道ADC上离地面高为H处由静止下滑，用力传感器测出其经过C点时对轨道的压力N,改变H的大小，可测出相应的N的大小，N随H的变化关系如图乙折线PQI所示(PC与QI两直线相连接于Q点)，QI反向延长交纵轴于F点(0,5.8N)，重力加速度g取10m/s2,求：T乙⑴小物块的质量m⑵ 圆轨道的半径及轨道 DC 所对应的圆心角 0(可用角度的三角函数值表示 )；(3) 小物块与斜面AD 间的动摩擦因数卩.［答案］(1)0.5kg(2)37 ° (3)0.3［解析］(1)如果物块只在圆轨道上运动，则由动能定理得2v由向心力公式 N- mg= mR 2v 2mg得 N = mR + mg= -RH+ mg结合PQ 曲线可知 mg= 5得m= 0.5kg 2mg⑵由图象可知-R = 10得R= 1m 1-0.2cos 0 = 1 = 0.8 , 0 = 37°(3)如果物块由斜面上滑下，由动能定理得(H — 0.2) 1 2mg —卩 mg cos 0 sin 0 — = 2mV 8解得 mV = 2mgHk 3 a mg H — 0.2)2 2 V V同向心力公式 N- mg= mR 得 N= mR + mg= R H+ 3 卩 mg+ mg 1.6结合QI 曲线知3 a mg^ mg= 5.8 解得a = 0.3.17. (11分)(2013 •潮州测试)在半径R= 5000km 的某星球表面，宇航员做了如下实验， 实验装置如图甲所示•竖直平面内的光滑轨道由轨道 AB 和圆弧轨道 BC 组成，将质量 m= 0.2kg 的小球，从轨道 AB 上高H 处的某点静止滑下，用力传感器测出小球经过 C 点时对轨 道的压力F ,改变H 的大小，可测出相应的F 大小，F 随H 的变化关系如图乙所示•求：1 _ mg =^mV 解得 v = 2gH82mg- 3 卩 mg 1.6(2)该星球的第一宇宙速度.［答案］(1)0.2m (2)5 X 10 3m/s2V C［解析］ ⑴ 小球过C 点时满足F + mg= mr1又根据 mg H — 2r ) = 2m\C2mg联立解得F = TH- 5mg由题图可知：H = 0.5m 时F i = 0;可解得r = 0.2m H = 1.0m 时 F 2 = 5N;可解得 g = 5m/s 22 v_(2)据 mR = mg可得 v = Rg = 5X 103m/s. 图甲 ⑴圆轨道的半径；图乙。
安徽省2014届高考物理一轮小题精练49新人教版(精)
(1) 实验过程：
第一步，在保持斜面倾角不变时，探究加速度与质量的关系．实验中，通过向小车
放入钩码来改变物体的质量，只要测出小车由斜面顶端滑至底端所用的时间
t ，就
可以由公式 a＝________求出 a，某同学记录了数据如下表所示：
质量
时间
M M＋ m
M＋ 2m
t 次数
1
1.42 1.41
1.42
②A
图
线
上
部
弯
曲
的
原
因
是
________________________________________________ ．
1
2x
解析： (1) ②由 x＝2at 2 可得： a＝ t 2 .
h ③sin θ ＝x，不计摩擦力时，小车的合外力
h F＝mgsin θ ＝ mgx.
④小车的质量不变，要改变小车所受的合外力
(3) 若甲、 乙两同学在实验过程中， 由于没有按照正确步骤进行实验， 出如图实－ 4－ 12 所示的 a－ F 图象．
处理数据后得
图实－ 4－ 12
试分析甲、乙两同学可能存在的问题：
甲： _______________________________________________________________ ；
பைடு நூலகம்
度 a 和拉力 F 的数据如下表所示：
F/N
0.20 0.30 0.40 0.50 0.60
a/(m ·ｓ－2) 0.11 0.19 0.29 0.40 0.51
(1) 根据表中的数据在图实－ 4－ 9 所示的坐标中作出 a－ F 图象；
图实－ 4－ 9
(2)
安徽省2014届高考物理一轮 小题精练30 新人教版
【安徽省，人教版】2014届物理一轮小题精练（30，含答案）1.如图所示，MN 、PQ 为两平行金属导轨，M 、P 间连有一阻值为R 的电阻，导轨处于匀强磁场中，磁感应强度为B ，磁场方向与导轨所在平面垂直，图中磁场垂直纸面向里.有一金属圆环沿两导轨滑动，速度为v ，与导轨接触良好，圆环的直径d 与两导轨间的距离相等.设金属环与导轨的电阻均可忽略，当金属环向右做匀速运动时A.有感应电流通过电阻R ，大小为R dBvB.有感应电流通过电阻R ，大小为R dBv C.有感应电流通过电阻R ，大小为RdBv 2 D.没有感应电流通过电阻R 2.在方向水平的、磁感应强度为0.5 T 的匀强磁场中，有两根竖直放置的导体轨道cd 、e f ，其宽度为1 m ，其下端与电动势为12 V 、内电阻为1 Ω的电源相接，质量为0.1 kg 的金属棒MN 的两端套在导轨上可沿导轨无摩擦地滑动，如图所示，除电源内阻外，其他一切电阻不计，g =10 m/s 2，从S 闭合直到金属棒做匀速直线运动的过程中A.电源所做的功等于金属棒重力势能的增加B.电源所做的功等于电源内阻产生的焦耳热C.匀速运动时速度为20 m/sD.匀速运动时电路中的电流强度大小是2 A3.两根光滑的金属导轨，平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨的左端接有电阻R ，导轨自身的电阻可忽略不计.斜面处在匀强磁场中，磁场方向垂直于斜面向上.质量为m 、电阻可不计的金属棒ab ，在沿着斜面与棒垂直的恒力F 作用下沿导轨匀速上滑，并上升h 高度.如图所示，在这过程中 A.作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于零 B.作用于金属棒上的各个力的合力所做的功等于mgh 与电阻R 上发出的焦耳热之和C.恒力F 与安培力的合力所做的功等于零D.恒力F 与重力的合力所做的功等于电阻R 上发出的焦耳热4.如图所示，空间存在垂直于纸面的均匀磁场，在半径为a 的圆形区域内、外，磁场方向相反，磁感应强度的大小均为B .一半径为b ，电阻为R 的圆形导线环放置在纸面内，其圆心与圆形区域的中心重合.在内、外磁场同时由B 均匀地减小到零的过程中，通过导线截面的电量Q=_________.5.两根相距d=0.20 m的平行金属长导轨固定在同一水平面内，并处于竖直方向的匀强磁场中，磁场的磁感应强度B=0.20 T，导轨上面横放着两条金属细杆，构成矩形闭合回路.每条金属细杆的电阻为r=0.25 Ω，回路中其余部分的电阻可不计，已知两金属细杆在平行导轨的拉力作用下沿导轨朝相反方向匀速平移，速度大小都是v=5.0 m/s，如图所示，不计导轨上的摩擦.（1）求作用于每条金属细杆的拉力的大小.（2）求两金属细杆在间距增加0.40 m的滑动过程中共产生的热量.6.（2013年上海）如图所示，长为L、电阻r=0.3 Ω、质量m=0.1 kg的金属棒CD垂直跨搁在位于水平面上的两条平行光滑金属导轨上，两导轨间距也是L，棒与导轨间接触良好，导轨电阻不计，导轨左端接有R=0.5 Ω的电阻，量程为0～3.0 A的电流表串接在一条导轨上，量程为0～1.0 V的电压表接在电阻R的两端，垂直导轨平面的匀强磁场向下穿过平面.现以向右恒定外力F使金属棒右移.当金属棒以v=2 m/s的速度在导轨平面上匀速滑动时，观察到电路中的一个电表正好满偏，而另一个电表未满偏.问：（1）此满偏的电表是什么表?说明理由.（2）拉动金属棒的外力F多大?（3）此时撤去外力F，金属棒将逐渐慢下来，最终停止在导轨上.求从撤去外力到金属棒停止运动的过程中通过电阻R的电量.7.如图所示，AB和CD是足够长的平行光滑导轨，其间距为l，导轨平面与水平面的夹角为θ.整个装置处在磁感应强度为B的，方向垂直于导轨平面向上的匀强磁场中.AC端连有电阻值为R的电阻.若将一质量M，垂直于导轨的金属棒EF在距BD端s处由静止释放，在EF棒滑至底端前会有加速和匀速两个运动阶段.今用大小为F，方向沿斜面向上的恒力把EF棒从BD位置由静止推至距BD端s处，突然撤去恒力F，棒EF最后又回到BD端.求：（1）EF棒下滑过程中的最大速度.（2）EF棒自BD端出发又回到BD端的整个过程中，有多少电能转化成了内能（金属棒、导轨的电阻均不计）?8.在磁感应强度为B=0.4 T的匀强磁场中放一个半径r0=50cm的圆形导轨，上面搁有互相垂直的两根导体棒，一起以角速度ω=103 rad/s逆时针匀速转动.圆导轨边缘和两棒中央通过电刷与外电路连接，若每根导体棒的有效电阻为R0=0.8 Ω，外接电阻R=3.9 Ω，如所示，求：（1）每半根导体棒产生的感应电动势.（2）当电键S接通和断开时两电表示数（假定R V→∞，R A→0）.参考答案：1.B.提示：将圆环转换为并联电源模型，如图2.CD3.AD4.Q =I Δt =R b a B )2(22-π或Q =R a b B )2(22-π5.（1）3.2×10-2 N （2）1.28×10-2 J提示：将电路转换为直流电路模型如图.6.（1）电压表 理由略 （2）F =1.6 N （3）Q =0.25 C7.（1）如图所示，当EF 从距BD 端s 处由静止开始滑至BD 的过程中，受力情况如图所示.安培力：F 安=BIl =B l RBlv根据牛顿第二定律：a =M L R Blv BMg -sin θ ① 所以，EF 由静止开始做加速度减小的变加速运动.当a =0时速度达到最大值v m .由①式中a =0有：Mg sin θ-B 2l 2v m /R =0 ② v m =22sin lB MgR θ （2）由恒力F 推至距BD 端s 处，棒先减速至零，然后从静止下滑，在滑回BD 之前已达最大速度v m 开始匀速.设E F 棒由BD 从静止出发到再返回BD 过程中，转化成的内能为ΔE .根据能的转化与守恒定律：F s-ΔE =21Mv m 2 ③ ΔE =F s-21M （22sin l B MgR θ）2 ④8.（1）每半根导体棒产生的感应电动势为E 1=Bl v =21Bl 2ω=21×０.4×103×（0.5）2 V =50 V.附：高考各科的答题技巧一、掌握好基础知识掌握基础知识没有捷径，俗话说“巧妇难为无米之炊”，没有基础知识，再多的答题技巧也没有用，有了基础知识，才能在上面“玩一些复杂的花样”，让自己分数提高一个层次，其实很简单，上课认真听讲，放学再温习一两遍足矣。
安徽省2014届高考物理一轮小题精练58新人教版
安徽省2014届高考物理一轮小题精练58新人教版【安徽省，人教版】2014届物理一轮小题精练（58，含答案）第I 卷一、(选择题共10题每题4分共40分)在下列各题的四个选项中，只有一个选项是符合题目要求的．1. 在图中所示为一简谐横波在某一时刻的波形图，已知此时质点A 正向上运动，如图中箭头所示，由此可判断此横波（） A. 向右传播，且此时质点B 正减速运动B. 向右传播，且此时质点C 位移正增大C. 向左传播，且此时质点D 加速度减小D. 向左传播，且此时质点E 势能减小2.如图所示为一例简谐横波在t =20s 时的波形图，图2是这列波中P 点的振动图线，那么该波的传播速度和传播方向是（）A. v =25cm/s ，向左传播B. v =50cm/s ，向左传播C. v =25cm/s ，向右传播D. v =50cm/s ，向右传播3.有一摆长为L 的单摆，悬点正下方某处有一小钉，当摆球经过平衡位置向左摆动时，摆线的上部将被小钉挡住，使摆长发生变化，现使摆球做小幅度摆动，摆球从右边最高点M 至左边最高点N 运动过程的闪光照片，如图所示(悬点和小钉未被摄入)．P 为摆动中的最低点，已知每相邻两次闪光的时间间隔相等，由此可知，小钉与悬点的距离为 ( )A ．L ／4B ．L ／2C ．3L ／4D ．无法确定4. 如图所示，一条均匀的弹性绳，1、2、3、……是绳上一系列等间距的质点，它们之间的距离均为1m ，当t =0时，第1个质点向上开始作简谐运动，经0.1s 第一次达到最大位移，此时，第4个质点刚开始振动。
再经过0.6s ，弹性绳上某些质点的位置和振动方向如图2所示（只画出其中一段绳上某四个质点的情况），其中正确的图是( ) A. ①② B. ②③ C ③④ D. ①④5.在同一地理位置上，甲、乙两个单摆的摆动图象如图所示，则下列论断正确的是（）① 两摆球在最低点的速度大小相等② 两摆球在最低点对悬线拉力大小相同· · · · · · · · · · · · · 102 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 13 ①② ③④③ 两摆球在最低点加速度大小相等④ 两摆球在最低点动能相等A. ①②③④B. ①②③C.①③D. ①④6.一弹簧振子振幅为A，从最大位移处需时间t0第一次到达平衡位置，若振子从最大位移处经过t0／2时的速度大小和加速度大小分别为v1和a1，而振子位移为A/2时速度大小和加速度大小分别为v2和a2，那么:A. v1< v2a1>a2B.v1> v2a1>a2C. v1< v2a1<a2< p="">D. v1> v2a1<a2< p="">7.一列波在介质中向某一方向传播，图中为此波在某一时刻的波形图，并且此时振动还只发生在M、N之间，已知此波的周期为T，Q 质点速度方向在波形图中是向下的，下面说法中正确的是（）A. 波源是M，由波源起振开始计时，P点已振动时间TB. 波源是N，由波源起振开始计时，P点已振动时间3T/4C. 波源是N，由波源起振开始计时，P点已振动时间T/4D. 波源是M，由波源起振开始计时，P点已振动时间T/48．沿波的传播方向上有间距均为1m的六个质点A、B、C、D、E、F，均静止在各自的平衡位置，一列横波以1m/s的速度水平向右传播，t=0时到达质点A，A质点开始由平衡位置向上运动，t=1s时，质点A第一次到达最高点，则在4s<t<5s这段时间内（）< p="">① 质点C的加速度渐渐增大② 质点A的速度渐渐增大③ 质点D向下运动④ 质点F保持静止A. ①②③④B. ①③④C. ②③④D.③④9．如图所示，S是波源，MN为两块挡板，其中M固定，N可上下移动，两板中间有一狭缝，此时测得A点没有振动，为了使A点能发生振动可采用的方法是：( )○1增大波源的频率○2减小波源的频率○3将N板向上移动一些○4将N向下移动一些A ○1○4B ○2○4C ○2○3D ○1○310.如图所示，木块A在光滑水平面上做简谐运动，O为平衡位置，C， D为振动中最大位移处，则下列说法中正确的是( )A．对于OD之间的任一位置P，木块A在通过P点时，其加速度与位移可能不同B．对于OD之间的任一位置P，本块A在通过P点时，其动能和动量都是相同的C．当木块在C点时，将一物体B轻轻地放到A上，并与A粘在一起，则木块仍可振动到右侧的D点D．当本块在O点时，将一物体B轻轻地放到A上，并与A粘在一起，则木块仍可振动到右侧的D点第II卷(非选择题共10题 11—16题各4分 17—20题各9分共60分)12.一架飞机水平匀速地在某同学头顶飞过，当他听到飞机的发动机声从头顶正上方传来时，发现飞机在他前上方约与地面成60?角的方向上，由此可估算出此飞机的速度约为声速的_________倍。
安徽省2014届高考物理一轮小题精练77新人教版汇总
【安徽省，人教版】 2014 届物理一轮小题精练（77，含答案）1. 日来源子能企业所属敦贺湾核电站因为水管破碎致使高辐射冷却剂外流，在检测此次重要事故中应用了非电量变化（冷却剂外泄使管中液面变化）转移为电信号的自动化丈量技术 . 图是一种经过检测电容器电容的变化来检测液面高低的仪器原理图，容器中装有导电液体，是电容器的一个电极，中间的芯柱是电容器的另一个电极，芯柱外面套有绝缘管（塑料或橡皮）作为电介质，电容器的两个电极分别用导线接在指示器上，指示器上显示的是电容的大小，但从电容的大小便可知容器中液面地点的高低，为此，以下说法中正确的选项是A.假如指示器显示出电容增大了，则两电极正对面积增大，必液面高升B.假如指示器显示电容减小了，则两电极正对面积增大，必液面高升C.假如指示器显示出电容增大了，则两电极正对面积减小，液面必降低D.假如指示器显示出电容减小了，则两电极正对面积增大，液面必降低2. 如下图，平行板电容器经开关S 与电池连结， a 处有一电荷量特别小的点电荷，S是闭合的，φa表示a点的电势， F 表示点电荷遇到的电场力. 现将电容器的 B 板向下略微移动，使两板间的距离增大，则A. φa变大，F变大B. φa变大，F变小C. φa不变，F不变D.φa不变，F变小3. 如下图，虚线、b 和c是某静电场中的三个等势面，它们的电势分别为φ a、φ ba和φ，φ ＞φ ＞φ，一带正电的粒子射入电场中，其运动轨迹照实线KLMN所示，由图可c abc知A. 粒子从K到L的过程中，电场力做负功B. 粒子从L到M的过程中，电场力做负功C. 粒子从K到L的过程中，静电势能增添D. 粒子从L到M的过程中，动能减小4.离子发动机飞船，其原理是用电压 U加快一价惰性气体离子，将它高速喷出后，飞船获得加快，在氦、氖、氩、氪、氙中采用了氙，原因是用相同电压加快，它喷出时A. 速度大B. 动量大C. 动能大D. 质量大5. 如下图，从 F 处开释一个无初速的电子向B极方向运动，指出以下对电子运动的描述中哪句是错误的（设电源电动势为U）A. 电子抵达 B 板时的动能是U eVB. 电子从B板抵达C板动能变化量为零C. 电子抵达D板时动能是 3 eVD. 电子在A板和D板之间做来去运动6. a、b、c三个α粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如下图，此中 b①在 b 飞离电场的同时， a 恰巧打在负极板上② b 和 c 同时飞离电场③进入电场时， c 的速度最大， a 的速度最小④动能的增量对比， c 的最小， a 和b 的相同大A. ①B. ①②C. ③④D. ①③④7.在图所示的实验装置中，充电后的平行板电容器的 A 极板与敏捷的静电计相接，极板B 接地.若极板 B 稍向上挪动一点，由察看到静电计指针的变化，作出电容器电容变小的依照是A.两极间的电压不变，极板上电荷量变小B.两极间的电压不变，极板上电荷量变大C.极板上的电荷量几乎不变，两极间的电压变小D.极板上的电荷量几乎不变，两极间的电压变大8. 如下图，电子在电势差为U1的加快电场中由静止开始运动，而后射入电势差为U2的两块平行极板间的电场中，射入方向跟极板平行，整个装必定置处在真空中，重力可忽视，在知足电子能射出平行板区的条件下，下述四种状况中，能使电子的偏转角θ变大的是A. U1变大、U2变大B. U1变小、U2变大C. U1变大、U2变小D.U1变小、U2变小9. 密立根油滴实验进一步证明了电子的存在，揭露了电荷的非连续性. 如下图是密立根实验的原理表示图，设小油滴质量为m，调理两板间电势差为U，当小油滴悬浮不动时，测出两板间距离为d.可求出小油滴的电荷量q=_______.10.水平搁置的平行板电容器的电容为C，板间距离为 d，极板足够长，当其带电荷量为Q时，沿两板中央水平射入的带电荷量为q 的微粒恰巧做匀速直线运动. 若使电容器电荷量增大一倍，则该带电微粒落到某一极板上所需的时间_______.11.来自质子源的质子（初速度为零），经一加快电压为 800 kV 的直线加快器加快，形成电流强度为 1 mA的细柱形质子流，已知质子电荷量e=1.60×10-19C，这束质子流每秒打在靶上的质子数为 ______，假设散布在质子源到靶之间的加快电场是平均的，在质子束中与质子源相距l 和4l 的两处，各取一段极短的相等长度的质子流，此中的质子数分别为n 和 n ，则1 2n1/ n2=______.12. 如下图，一绝缘细圆环半径为r ，其环面固定在水平面上，场强为 E 的匀强电场与圆环平面平行，环上穿有一电荷量为+q、质量为m的小球，可沿圆环做无摩擦的圆周运动，若小球经 A 点时速度 v A的方向恰与电场垂直，且圆环与小球间沿水平方向无力的作用，则速度 v A=_______.当小球运动到与 A 点对称的 B 点时，小球对圆环在水平方向的作使劲N=_______.B13.证明：在带电的平行金属板电容器中，只需带电粒子垂直电场方向射入（不必定在正中间），且能从电场中射出如下图，则粒子射入速度 v0的方向与射出速度 v t的方向的交点 O必然在板长 L 的中点.14.如下图，一对竖直搁置的平行金属板 A、B 组成电容器，电容为 C.电容器的 A 板接地，且中间有一个小孔 S.一个被加热的灯丝 K 与 S 位于同一水平线，从灯丝上能够不停地发射出电子，电子经过电压 U0加快后经过小孔 S 沿水平方向射入 A、B 两极板间.设电子的质量为 m，电荷量为 e，电子从灯丝发射时的初速度不计.假如抵达 B 板的电子都被 B 板吸收，且单位时间内射入电容器的电子数为n，跟着电子的射入，两极板间的电势差渐渐增添，最后使电子没法抵达 B 板.求：（1）当 B 板汲取了 N个电子时， A、B两板间的电势差.（2）A、B两板间可达到的最大电势差.（3）从电子射入小孔 S 开始到 A、B 两板间的电势差达到最大值所经历的时间 .15. （ 12 分）在圆滑水平面上有一质量=1.0 × 10-3 kg 、电荷量=1.0 × 10-10 C 的带正m q电小球，静止在O点，以 O点为原点，在该水平面内成立直角坐标系Oxy，现忽然加一沿 x 轴正方向、场强盛小 E=2. 0×106V/m的匀强电场，使小球开始运动，经过 1.0 s ，所加电场忽然变成沿y 轴正方向、场强盛小仍为=2.0 ×106 V/m 的匀强电场，再经过 1.0 s，所加E电场又忽然变成另一个匀强电场，使小球在此电场作用下经 1.0 s 速度变成零，求此电场的方向及速度变成零时小球的地点 .11.6.25 × 1015个， 2/1 ，n=I/e =6.25 ×1015个，设质子在与质子源相距l 和4l 的两处的速度分别为v1、 v2，则 v1/ v2=2al2a 4ln1 Q1 It1 t1 v2 2.n2 Q2 It 2 t2 v1 1=1/2 ，极短的相等长度质子流中质子数之比为12.Eqr / m，6Eq13.从偏移量 y 与偏转角θ的关系即可获得证明.14. （ 1）Ne （ 2）U（3）U 0C C ne15. 第 3 s内所加电场方向指向第三象限，与x 轴与225°角；小球速度变成零的地点（0.40 m ，0.20 m ）. 小球在第 1 s内沿x轴正方向做匀加快直线运动；第 2 s内沿x轴正方向做匀速运动，沿y 轴正方向做初速度为零的匀加快运动；第 3 s内做匀减速直线运动，至速度减小到零 .。
安徽专用2014届高考物理一轮复习训练新人教版：专题一相互作用(Word版含解析).pdf
专题一 相互作用 (2012·高考山东卷)如图所示两相同轻质硬杆OO可绕其两端垂直纸面的水平轴O转动在O点悬挂一重物M将两相同木块m紧压在竖直挡板上此时整个系统保持静止．F表表示木块与挡板间正压力的大小．若挡板间的距离稍许增大后系统仍静止且O始终等高则( )变小 ．不变 ．变小 ．变大 (2012·高考新课标全国卷)如图一小球放置在木板与竖直墙面之间．设墙面对球的压力大小为N球对木板的压力大小为N以木板与墙连接点所形成的水平直线为轴将木板从图示位置开始缓慢地转到水平位置．不计摩擦在此过程中( )始终减小始终增大始终减小始终减小先增大后减小始终减小先增大后减小先减小后增大(2012·高考广东卷)如图所示两根等长的轻绳将日光灯悬挂在天花板上两绳与竖直方向的夹角都为45日光灯保持水平所受重力为G左右两绳的拉力大小分别为( )和G G和C.G和G和(2012·高考新课标全国卷)拖把是由拖杆和拖把头构成的擦地工具(如图)．设拖把头的质量为m拖杆质量可忽略；拖把头与地板之间的动摩擦因数为常数μ重力加速度为g.某同学用该拖把在水平地板上拖地时沿拖杆方向推拖把拖杆与竖直方向的夹角为θ.(1)若拖把头在地板上匀速移动求推拖把的力的大小．2)设能使该拖把在地板上从静止刚好开始运动的水平推力与此时地板对拖把的正压力的比值为λ.已知存在一临界角θ若θ≤θ则不管沿拖杆方向的推力多大都不可能使拖把从静止开始运动．求这一临界角的正切答案： 【解析】选本题考查静力学问题运用整体法可知 2F保持不变故项对．对其中一木块受力分析如图甲对O点受力由共点力的平衡条件知夹角增大变大(θ/2)，FN变大故项对． 甲 乙【解析】选如图球受三个力的作用平衡转动过程中角逐渐增大在力三角形中2＝，N1＝，由数学知识得随θ的增大均减小．【解析】选由受力分析知日光灯受两绳拉力T以及重力作用处于静止状态两绳拉力相等且互相垂直由力的合成有TG，故选 【解析】(1)设该同学沿拖杆方向用大小为F的力推拖把如图将推拖把的力沿竖直和水平方向分解按平衡条件有式中N和f分别为地板对拖把的正压力和摩擦力．按摩擦定律有联立①②③式得 mg.④ (2)若不应有F这时式仍满足联立①⑤式得 现考察使上式成立的θ角的取值范围．注意到上式右边总是大于零且当F无限大时极限为零有使上式成立的θ角满足θ≤θ这里θ是题中所定义的临界角即当θ≤θ时不管沿拖杆方向用多大的力都推不动拖把．临界角的正切为【答案】(1) (2)λ。
安徽省2014届高三物理一轮基础训练卷6(含解析)新人教版(精)
【安徽省，人教版】 2014 届高三物理一轮基础训练卷（6，含详尽分析）1．(2013 ·四川卷 ) 有 4 条用打点计时器( 所用沟通电频次为50 Hz) 打出的纸带A、B、C、D，此中一条是做“考证机械能守恒定律”实验时打出的．为找出该纸带，某同学在每条纸、x 、 x .带上取了点迹清楚的、连续的 4 个点，用刻度尺测出相邻两个点间距离挨次为x123请你依据以下 x1、x2、x3的丈量结果确立该纸带为________．(已知当地的重力加快度为m/s2)A． 61.0 mm,65.8 mm,70.7 mmB． 41.2 mm,45.1 mm,53.0 mmC． 49.36 mm,53.5 mm,57.3 mmD． 60.5 mm,61.0 mm,60.6 mm)分析：考证机械能守恒采纳重锤的自由落体运动实验，因此相邻的0.02 s内的位移22答案：C2．(2013 ·安徽理综) 利用图示装置进行考证机械能守恒定律的实验时，需要丈量物体由静止开始自由着落到某点时的刹时速度v和着落高度h.某班同学利用实验获得的纸带，设计了以下四种丈量方案：a．用刻度尺测出物体着落的高度h，并测出着落时间t ，经过v＝ gt计算出刹时速度vv b．用刻度尺测出物体着落的高度h，并经过v＝2gh计算出刹时速度c．依据做匀变速直线运动时纸带上某点的刹时速度，等于这点前后相邻两点间的均匀v2速度，测算出刹时速度v，并经过h＝2g计算出高度hd．用刻度尺测出物体着落的高度h，依据做匀变速直线运动时纸带上某点的刹时速度，等于这点前后相邻两点间的均匀速度，测算出刹时速度v以上方案中只有一种正确，正确的选项是______． ( 填入相应的字母)g，只好把它当分析：在考证机械能守恒定律的实验中不可以将物体着落的加快度看做做未知的定值，因此正确方案只有 d 项．答案：d3(2013·新课标全国卷改编题 ) 右图为考证机械能守恒定律的实验装置表示图．现有的器械为：带铁夹的铁架台、电磁打点计时器、纸带、带铁夹的重锤、天平．回答以下问题：(1) 为达成此实验，除了所给的器械，还需要的器械有________．( 填入正确选项前的字母)A．游标卡尺C． 0～12 V的直流电源B．秒表D． 0～12 V的沟通电源(2) 实验中偏差产生的原由有___________________________________________．( 写出两个原由 )分析：(1) 不是用游标卡尺测长度，而是用米尺丈量长度，用 D 项沟通电源供打点计时器使用． (2) 纸带与打点计时器之间有摩擦，用米尺丈量纸带上点的地点时读数有偏差，计算势能变化时，选用始末两点距离过近，沟通电频次不稳固．答案：(1)D(2) 纸带与打点计时器之间有摩擦，用米尺丈量纸带上点的地点时读数有偏差，计算势能变化时，选用始末两点距离过近，沟通电频次不稳固．4．(2013 ·安徽池州 ) 在利用自由落体运动考证机械能守恒定律的实验中，电源的频次为 50 Hz ，挨次打出的点为 0,1,2,3,4 ，n. 则：(1)如用第 2 点到第 6 点之间的纸带来考证，一定直接丈量的物理量为________________ 、 ________________ 、 ________________ ，必须计算出的物理量为________________ 、________________ ，考证的表达式为__________________ ．(2)以下实验步骤操作合理的次序摆列是____________( 填写步骤前方的字母 ) ．A．将打点计时器竖直安装在铁架台上B．接通电源，再松开纸带，让重物自由着落C．取下纸带，改换新纸带( 或将纸带翻个面) 从头做实验D．将重物固定在纸带的一端，让纸带穿过打点计时器，用手提着纸带E．选择一条纸带，用刻度尺测出物体着落的高度h1，h2，h3，h n，计算出对应的刹时速度v1， v2， v3， v n12F．分别算出2mv n和mgh n，在实验偏差范围内看能否相等答案： (1) 第 2 点到第 6点之间的距离 h26第 1 点到第 3 点之间的距离h第 5点到1311第 7 点之间的距离h57第 2点的刹时速度 v2第 6 点的刹时速度22 v6 mgh26＝2mv6－2mv2(2)ADBCEF5．(2013 ·广州模拟 ) “考证机械能守恒定律”的实验能够采纳以以下图所示的甲或乙方案来进行．(1)比较这两种方案，________( 选填“甲”或“乙”)方案好些，原由是__________________ ．(2)如图丙是该实验中获得的一条纸带，测得每两个计数点间的距离如图中所示，已知每两个计数点之间的时间间隔T＝0.1 s．物体运动的加快度a＝________；该纸带是采纳________( 选填“甲”或“乙”)实验方案获得的．简要写出判断依照________________________________________________________________________ ________________________________________________________________________.丙(3) 如图丁所示是采纳甲方案时获得的一条纸带，在计算图中N 点速度时，几位同学分别用以下不一样的方法进行，此中正确的选项是( ) 丁x n ＋ x n ＋ 1A ． v N ＝ gnTB ． v N ＝ 2TC ． N ＝ d n ＋ 1＋ d n － 1D ． N ＝ ( －1) T2Tv v g n答案： (1) 2甲 该方案摩擦阻力小，偏差小，操作方便(2)4.83 m/s 乙 由于物体的加快度比 g 小得多(3)B 6．在用打点计时器考证机械能守恒定律的实验中，质量 m ＝ 1.00 kg 的重物自由着落，打点计时器在纸带上打出一系列点．以下图为选用的一条切合实验要求的纸带，O 为第一 个点， A 、B 、C 为从适合地点开始选用的三个连续点 ( 其余点未画出 ) ．已知打点计时器每隔 0.02 s 打一次点，当地的重力加快度 g ＝ 9.80 m/s 2. 那么：(1) 纸带的 ________端 ( 选填“左”或“右” ) 与重物相连；(2) 依据图上所得的数据，从 O 点到 B 点，重物重力势能减少许能增添量 E k ＝ ________ J( 结果取 3 位有效数字 ) ；E p ＝________ J，动(3) 实验的结论是 ________________________________________________________ ．分析： O 为第一个点在纸带的左端，因此纸带的左端与重物相连．依据图上所得的数据，从 O 点到 B 点，重物重力势能减少许E p ＝mgx ＝J ，动能增添量1 x OC － x OAE k ＝ 2m2TOB2＝ 1.84 J ．实验的结论是：重物只受重力作用，在偏差同意范围内，重物减小的重力势能等于增添的动能，即机械能守恒．答案： (1) 左 (2)1.88 1.84 (3) 重物只受重力作用，在偏差同意范围内，重物减小的重力势能等于增添的动能，即机械能守恒。
安徽省高考物理一轮 小题精练7
【安徽省，人教版】2014届物理一轮小题精练（7，含答案）一、选择题1．在2013年10月全运会田径比赛上，设某运动员臂长为L ，将质量为m 的铅球推出，铅球出手的速度大小为v 0，方向与水平方向成30°角，则该运动员对铅球所做的功是( )A.m (gL ＋v 20)2 B ．mgL ＋12mv 20 C.12mv 20 D ．mgL ＋mv 20. [答案] A[解析] 设运动员对铅球做功为W ，由动能定理W －mgL sin30°＝12mv 20，所以W ＝12mgL ＋12mv 20. 2．如图所示，一个质量为m 的圆环套在一根固定的水平长直杆上，环与杆的动摩擦因数为μ.现给环一个向右的初速度v 0，同时对环施加一个竖直向上的作用力F ，并使F 的大小随环的速度的大小变化，两者关系为F ＝kv ，其中k 为常数，则环在运动过程中克服摩擦所做的功的大小不可能为( )A.mv 202B ．0 C.mv 202＋m 3g 22k 2 D.mv 202－m 3g 22k 2 [答案] C[解析] 可能圆环最终静止，则－W f ＝0－mv 202，W f ＝mv 202，A 对；可能圆环刚开始运动时，mg ＝F ＝kv 0，圆环一直做匀速运动，克服摩擦所做的功为零，B 对；可能圆环最终做匀速运动，mg ＝F ＝kv ，v ＝mg k，则－W f ＝mv 22－mv 202，化简得W f ＝mv 202－m 3g 22k 2，D 对，C 不可能． 3．在2013年10月全运会上，跳水运动员从10米高处的跳台跳下，设水的平均阻力均为运动员体重的3倍，在粗略估算中，把运动员当作质点处理，为了保证运动员的人身安全，池水深度至少为( )A ．5mB ．3mC ．7mD ．1m[答案] A[解析] 对运动员跳水的全过程研究据动能定理有：mg (H ＋h )－fh ＝ΔE k ＝0其中m 为运动员质量，h 为运动员入水的深度又H ＝10m ，f ＝3mg ∴h ＝H2＝5m 为保证人身安全，池水深度H ′≥h即H ′≥5m ∴水深至少5m ，A 选项正确．4．构建和谐型、节约型社会深得民心，遍布于生活的方方面面．自动充电式电动车就是很好的一例，电动车的前轮装有发电机，发电机与蓄电池连接．当在骑车者用力蹬车或电动自行车自动滑行时，自行车就可以连通发电机向蓄电池充电，将其他形式的能转化成电能储存起来．现有某人骑车以500J 的初动能在粗糙的水平路面上滑行，第一次关闭自充电装置，让车自由滑行，其动能随位移变化关系如图①所示；第二次启动自充电装置，其动能随位移变化关系如图线②所示，则第二次向蓄电池所充的电能是( )A ．200JB ．250JC ．300JD ．500J[答案] A[解析] 设自行车与路面的摩擦阻力为F f ，由图可知，关闭自动充电装置时，由动能定理得：0－E k0＝－F f ·x 1，可得F f ＝50N ，启动自充电装置后，自行车向前滑行时用于克服摩擦做功为：W ＝F f x 2＝300J ，设克服电磁阻力做功为W ′，由动能定理得：－W ′－W ＝0－E k0，可得W ′＝200J ，故A 正确．5．如图所示，光滑斜面的顶端固定一弹簧，一物体向右滑行，并冲上固定在地面上的斜面．设物体在斜面最低点A 的速度为v ，压缩弹簧至C 点时弹簧最短，C 点距地面高度为h ，则从A 到C 的过程中弹簧弹力做功是 ( )A ．mgh －12mv 2 B.12mv 2－mgh C ．－mgh D ．－(mgh ＋12mv 2) [答案] A[解析] 由A 到C 的过程运用动能定理可得：－mgh ＋W ＝0－12mv 2 所以W ＝mgh －12mv 2，所以A 正确． 6．如右图所示，质量为m 的物体用细绳经过光滑小孔牵引在光滑水平面上做匀速圆周运动，拉力为某个值F 时，转动半径为R ，当拉力逐渐减小到F 4时，物体仍做匀速圆周运动，半径为2R ，则外力对物体所做的功大小是 ( )A.FR 4B.3FR 4C.5FR 2D ．0 [答案] A[解析] 设当绳的拉力为F 时，小球做匀速圆周运动时线速度为v 1，则有 F ＝m v 21R. 当绳的拉力减为F 4时，小球做匀速圆周运动的线速度为v 2，则有 14F ＝m v 222R. 在绳的拉力由F 减为14F 的过程中，绳的拉力所做的功为 W ＝12mv 22－12mv 21＝－14FR . 所以，绳的拉力所做功的大小为14FR . 7．一辆汽车在平直的公路上以速度v 0开始加速行驶，经过一段时间t ，前进了距离s ，此时恰好达到其最大速度v m .设此过程中汽车发动机始终以额定功率P 工作，汽车所受的阻力恒为F ，则在这段时间里，发动机所做的功为 ( )A ．Fv m tB ．Pt C.12mv 2m ＋Fs －12mv 20 D ．Ft v 0＋v m 2[答案] ABC[解析] 发动机恒功率，故W ＝Pt ，B 正确；又因为汽车速度达到v m 时阻力与牵引力相等，则P ＝Fv m ，所以W ＝Fv m t ，A 正确；又由动能定理知Pt －Fs ＝12mv 2m －12mv 20 得Pt ＝Fs ＋12mv 2m －12mv 20，C 正确；因为这一过程不是匀变速直线运动，平均速度不等于v 0＋v m 2，位移也不等于v 0＋v m 2t ，发动机所做的功也不等于阻力做的功，所以D 错．8．(2013·如皋模拟)如图所示，斜面AB 和水平面BC 是由同一板材上截下的两段，在B 处用小圆弧连接．将小铁块(可视为质点)从A 处由静止释放后，它沿斜面向下滑行，进入平面，最终静止于P 处．若从该板材上再截下一段，搁置在A 、P 之间，构成一个新的斜面，再将铁块放回A 处，并轻推一下使之沿新斜面向下滑动．关于此情况下铁块运动情况的描述，正确的是( )A ．铁块一定能够到达P 点B ．铁块的初速度必须足够大才能到达P 点C ．铁块能否到达P 点与铁块质量有关D ．铁块能否到达P 点与铁块质量无关[答案] AD[解析] 设AB ＝x 1，BP ＝x 2，AP ＝x 3，动摩擦因数为μ，由动能定理得：mgx 1sin α－μmg cos αx 1－μmgx 2＝0，可得：mgx 1sin α＝μmg (x 1cos α＋x 2)，设沿AP 滑到P 的速度为v P ，由动能定理得：mgx 1sin α－μmg cos β·x 3＝12mv 2P ，因x 1cos α＋x 2＝x 3cos β，故得：v P ＝0，也即铁块恰好沿AP 滑到P 点与铁块质量无关，故A 、D 正确．二、非选择题9．如图所示，物体以100J 的初动能从斜面的底端向上运动，当它通过斜面上的M 点时，其动能减少80J ，机械能减少32J.如果物体能从斜面上返回底端，则物体到达底端时的动能为________．[答案] 20J[解析] 因物体从斜面底端到达M 点的过程中机械能减少32J ，即摩擦生热32J ，在斜面上物体受的各个力的大小不变，所以从M 点到最高点，动能减少20J ，摩擦生热8J ，所以上滑过程摩擦生热40J ，物体返回斜面底端时机械能损失也等于40J ，此时动能应为100J －80J ＝20J.10．一轻弹簧的左端固定在墙壁上，右端自由，一质量为m 的滑块从距弹簧右端L 0的P 点以初速度v 0正对弹簧运动，如下图所示，滑块与水平面的动摩擦因数为μ，在与弹簧碰后反弹回来，最终停在距P 点为L 1的Q 点，求：在滑块与弹簧碰撞过程中弹簧最大压缩量为多少？[答案] v 204μg －L 12－L 0 [解析] 设弹簧最大压缩量为x ，在滑块向左运动的过程中，由动能定理可得：－μmg (x ＋L 0)－W 弹＝0－12mv 20 ① 在滑块返回的过程中，由动能定理得：W 弹－μmg (x ＋L 0＋L 1)＝0 ②由①②得：x ＝v 204μg －L 12－L 0 整个过程弹簧对滑块作功为零，本题也可全过程列方程求解．11．(2013·广东广州模拟)如图所示，一辆汽车从A 点开始爬坡，在牵引力不变的条件下行驶45m 的坡路到达B 点时，司机立即关掉油门，以后汽车又向前滑行15m 停在C 点，汽车的质量为5×103kg ，行驶中受到的摩擦阻力是车重的0.25倍，取g ＝10m/s 2，求汽车的牵引力做的功和它经过B 点时的速率．[答案] 2.25×106J 15m/s[解析] 汽车从A 到C 的过程中，汽车的发动机牵引力做正功，重力做负功，摩擦力做负功，动能的变化量为零，由动能定理可得W F －W G －W 阻＝0，由于G 、F 阻已知，汽车的位移也知道，所以有W F ＝W G ＋W 阻＝mgh ＋0.25mgl ＝2.25×106J.汽车由B 到C 的过程中，克服重力做功，克服摩擦力做功，汽车的动能由mv 2B 2减小到零，列动能定理方程可得－W G －W 阻＝0－mv 2B 2， 即mv 2B 2＝0.25mgl 1＋mgl 1·sin30°， 代入数据可得v B ＝15m/s.12．如图所示，有一光滑的T 字形支架，在它的竖直杆上套有一个质量为m 1的物体A ，用长为l 的不可伸长的细绳将A 悬挂在套于水平杆上的小球B 下，B 的质量m 2＝m 1＝m .开始时A 处于静止状态，细绳处于竖直状态．今用水平恒力F ＝3mg 拉小球B ，使A 上升．求当拉至细绳与水平杆成37°时，A 的速度为多大？[答案] 85gl [解析] 设A 的速度为v A ，B 的速度为v B .由于绳不可伸长，A 、B 沿绳的分速度相等．即：v B cos37°＝v A sin37°，v A ＝43v B 由动能定理：Fl cos37°－mgl (1－sin37°)＝12m 1v 2A ＋12m 2v 2B 解得v A ＝85gl 13．(2013·江苏无锡模拟)一质量为M ＝2.0kg 的小物块随足够长的水平传送带一起向右匀速运动，被一水平向左飞来的子弹击中，且子弹从小物块中穿过，子弹和小物块的作用时间极短，如图甲所示．地面观察者记录的小物块被击中后的速度随时间变化关系如图乙所示(图中取向右运动的方向为正方向)．已知传送带的速度保持不变，g 取10m/s 2.求：(1)传送带的速度v 的大小；(2)小物块与传送带之间的动摩擦因数μ；(3)传送带对小物块所做的功．[答案] (1)2.0m/s (2)0.2 (3)－12J[解析] (1)小物块最后与传送带的运动速度相同，从图象上可读出传送带的速度v 的大小为2.0m/s.(2)由速度图象可得，小物块在滑动摩擦力的作用下做匀变速运动的加速度为a ＝Δv /Δt ＝2.0m/s 2由牛顿第二定律得f ＝μMg ＝Ma得到小物块与传送带之间的动摩擦因数μ＝Ma Mg＝0.2.(3)从子弹离开小物块到小物块与传送带一起匀速运动的过程中，设传送带对小物块所做的功为W ，由动能定理得： W ＝ΔE k ＝Mv 222－Mv 212从速度图象可知：v1＝4.0m/s v2＝v＝2.0m/s 解得：W＝－12J.。
安徽省2014届高考物理一轮 小题精练26 新人教版
【安徽省，人教版】2014届物理一轮小题精练（26，含答案）1．如图所示是光的双缝干涉的示意图,下列说法中正确的是( )①单缝S的作用是为了增加光的强度.②双缝S1、S2的作用是为了产生两个频率相同的线状光源.③当S1、S2发出两列光波到P点的路程差为光的波长λ的1.5倍时,产生第二条暗条纹。
④当S1、S2发出的两列光波到P点的路程差为长λ时,产生中央亮条纹.A.①B.①②C.②④D.②③,若分别用频率为2.在双缝干涉实验中,双缝到光屏上P点的距离之差△x=0.6mf1=5.0×1014Hz和f2=7.5×1014Hz的单色光垂直照射双缝,则P点出现明、暗条纹的情况是( )A.用频率为f1的单色光照射时,出现明条纹.B.用频率为f2的单色光照射时,出现明条纹.C.用频率为f1的单色光照射时,出现暗条纹.D.用频率为f2的单色光照射时,出现暗条纹.3．关于双缝干涉条纹的以下说法中正确的是( )A.用同一种单色光做双缝干涉实验,能观察到明暗相间的单色条纹.B.用同一种单色光经双缝干涉的明条纹到两缝的距离之差为该色光波长的整数倍.C.用同一种单色光经双缝干涉的明条纹到两缝的距离之差一定为该色光波长的奇数倍.D.用同种单色光经双缝后干涉的暗条纹到两缝的距离之差一定为该色光半波长的奇数倍.4．在双缝干涉实验中，以白光为光源，在屏幕上观察到了彩色干涉条纹，若在双缝中的一缝前放一红色滤光片（只能透过红光），另一缝前放一绿色滤光片（只能透过绿光），这时（）A．只有红色和绿色的双缝干涉条纹，其它颜色的双缝干涉条纹消失B．红色和绿色的双缝干涉条纹消失，其它颜色的双缝干涉条纹依然存在C．任何颜色的双缝干涉条纹都不存在，但屏上仍有光亮D．屏上无任何光亮D AD ABD C A C AC A BD AC B D B A5．如图所示，一束白光从左侧射人肥皂薄膜，下列说法中正确的是（）①人从右侧向左看，可看到彩色条纹②人从左侧向右看，可看到彩色条纹③彩色条纹水平排列④彩色条纹竖直排列A．②③ B．①②④ C．②④ D．①③6．用绿光做双缝干涉实验，在光屏上呈现出绿、暗相间的条纹，相邻两条绿条纹间的距离为Δx。
安徽省2014届高考物理一轮 小题精练50 新人教版.
【安徽省，人教版】2014届物理一轮小题精练（50，含答案）1．关于多用电表的使用，下列说法不．正确的是 ( ) A．待测电阻不跟别的元件断开，其测量值将偏大B．测量电阻时，用两手碰表笔的金属杆，其测量值偏小C．测量电阻时，如果电路不和电源断开，可能出现烧坏表头的情况D．用多用电表测量60 W灯泡的电阻，其阻值比用额定电压和额定功率算出的电阻大解析：待测电阻不跟别的元件断开，待测电阻可能是与其他元件并联，测量值可能偏小；测电阻时，两手碰表笔的金属杆，人体电阻与待测电阻并联，测量值偏小；测量电阻时，如果电路不和电源断开，欧姆表两端的电压可能过大，从而烧坏电表；用多用电表测量灯泡的电阻，测量的是灯泡不发光时的电阻，灯泡用额定电压和额定功率计算出的电阻是灯泡正常发光时的电阻，灯泡正常发光时温度很高，电阻较大．符合题意的选项为A、D.答案：AD2．实验课上，老师在实验桌上摆放了晶体二极管、电阻、电容器各一只，性能均正常，要求某实验小组用多用电表对以上三元件加以区分．该小组的做法是：将多用电表的选择开关拨到“R×100”挡，分别测它们的正负电阻加以区别：测甲元件时，R正＝R反＝0.5 kΩ；测乙元件时，R正＝0.5 kΩ，R反＝100 kΩ；测丙元件时，开始指针偏转到0.5 kΩ，接着读数逐渐增大，最后停在100 kΩ上，测甲、乙、丙三个元件分别是( )A．电容器、电阻、二极管 B．电阻、电容器、二极管C．电阻、二极管、电容器 D．二极管、电阻、电容器解析：甲元件的正、反向电阻相同，说明甲为定值电阻；乙元件的正向电阻很小，反向电阻很大，说明乙为二极管；测丙元件时，电阻增大过程，是给电容器的充电的过程，充电完成后，电容器阻值很大，故丙为电容器．C项正确．答案：C3．某课外小组练习使用多用电表测量电阻．他们的操作过程如下：(1)将红、黑表笔分别插入多用电表的“＋”“－”插孔，选择开关旋钮转至电阻“×10”挡；(2)将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指零；(3)红、黑表笔分别与电阻的两端相连，此时多用电表的示数如图实－5－15甲所示；接下来他们的操作步骤应为____________．A．将选择开关旋钮转至电阻“×1”挡，红、黑表笔分别与电阻的两端相连，读出电阻的阻值B．将选择开关旋钮转至电阻“×100”挡，红、黑表笔分别与电阻的两端相连，读出电阻的阻值C．将选择开关旋钮转至电阻“×100”挡，红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指零，然后将红、黑表笔分别与电阻的两端相连，读出电阻的阻值D．将选择开关旋钮转至电阻“×1”挡，红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮使指针指零，然后将红、黑表笔分别与电阻的两端相连，读出电阻的阻值(4)换挡后多用电表的示数如图实－5－15乙所示，该电阻的阻值为________Ω.(5)将选择开关旋至“OFF”挡，取出红、黑表笔．图实－5－15解析：当选用“×10”挡，读数如图甲所示，说明读数太小，所选挡位太大，应换用小倍率挡位，即“×1”挡，而且换挡后必须重新进行欧姆调零，故应选D.图乙的读数为18 Ω.答案：(3)D (4)184．(2013·全国卷Ⅱ)某同学利用多用电表测量二极管的反向电阻．完成下列测量步骤：(1)检查多用电表的机械零点．(2)将红、黑表笔分别插入正、负表笔插孔，将选择开关拨至电阻测量挡适当的量程处．(3)将红、黑表笔________，进行欧姆调零．(4)测反向电阻时，将________表笔接二极管正极，将________________________________________________________________________ 表笔接二极管负极，读出电表示数．(5)为了得到准确的测量结果，应让电表指针尽量指向表盘________(填“左侧”、“右侧”或“中央”)；否则，在可能的条件下，应重新选择量程，并重复步骤(3)、(4)．(6)测量完成后，将选择开关拨向__________________________________位置．解析：(3)将红、黑表笔短接，使指针指在欧姆表盘的零刻度线处，表示外测电阻为零，称为欧姆调零．(4)将选择开关拨向欧姆挡，即接通表内电源，此时，红表笔接内电源的负极，黑表笔接内电源的正极，因此，测二极管反向电阻时，应将红表笔接二极管的正极，黑表笔接二极管的负极．(5)使用欧姆表测电阻时，指针指在“中央”附近较精确．(6)测量完毕，应将选择开关拨离欧姆挡，以切断内电源．为了保护多用电表，应将选择开关拨到OFF位置或交流电压最高挡．答案：(3)短接(4)红黑(5)中央(6)OFF(或交流电压最高挡) 5．(2013·南宁月考)如图实－5－16甲所示为一黑箱装置，盒内有电源、电阻等元件，a、b为黑箱的两个输出端．(1)为了探测黑箱，某同学进行了以下几步测量：A．用多用电表的欧姆挡测量a、b间的电阻；B．用多用电表的电压挡测量a、b间的输出电压；C．用多用电表的电流挡测量a、b间的输出电流．你认为以上测量中不妥的有：________(填序号)．(2)含有电源的黑箱相当于一个“等效电源”，a、b是等效电源的两极．为了测定这个等效电源的电动势和内阻，该同学设计了如图实－5－16乙所示的电路，调节变阻器的阻值，记录下电压表和电流表的示数，并在方格纸上建立了U－I坐标，根据实验数据画出了坐标点，如图实－5－16丙所示．请你做进一步处理，并由图求出等效电源的电动势E＝________________V，内阻r＝________Ω.图实－5－16(3)由于电压表和电流表的内阻会产生系统误差，则采用此测量电路所测得的电动势与实际值相比______，测得的内阻与实际值相比______(选填“偏大”、“偏小”或“相同”)．解析：(1)A中不能用欧姆挡直接测量含电源电路的电阻；C中可能会造成短路，不能用多用电表的电流挡直接测量a、b间的输出电流．(2)作出等效电源的U－I图线，如图所示，把图线延长得出在U轴上的截距为1.45，即等效电源的电动势为1.45 V，求出图线斜率的绝对值为0.75，即等效电源的内阻为0.75 Ω.(3)考虑电压表内阻的影响，采用此测量电路所测得的电动势与内阻都偏小．答案：(1)AC (2)1.45 0.75 (3)偏小偏小6．(2013·武汉联考)某兴趣小组为了测量一待测电阻R x的阻值，准备先用多用电表粗测出它的阻值，然后再用伏安法精确地测量，实验室里准备了以下器材：A．多用电表B．电压表V1，量程6 V，内阻约10 kΩC．电压表V2，量程15 V，内阻约20 kΩD．电流表A1，量程0.6 A，内阻约0.2 ΩE．电流表A2，量程3 A，内阻约0.02 ΩF．电源：电动势E＝9 VG．滑动变阻器R1，最大阻值10 Ω，最大电流2 AH．导线、电键若干(1)①在用多用电表粗测电阻时，该兴趣小组首先选用“×10”欧姆挡，其阻值如图实－5－17甲中指针所示，为了减小多用电表的读数误差，多用电表的选择开关应换用________欧姆挡；②按正确的操作程序再一次用多用电表测量该待测电阻的阻值时，其阻值如图乙中指针所示，则R x的阻值大约是________Ω.图实－5－17(2)①在用伏安法测量该电阻的阻值时，要求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，则在上述器材中应选出的器材是________(填器材前面的字母代号)．②在虚线框内画出用伏安法测量该电阻的阻值时的实验电路图．小的挡位即“×1”欧姆挡，②欧姆表读数为表盘读数与挡位的乘积．(2)①选择电表的依据是安全、准确．因为电源的电动势E＝9 V，所以电压表选B，电流表选D.②要求待测电阻的电压从0开始可以连续调节，所以滑动变阻器采用分压式接法；比较电流表内阻、电压表内阻和待测电阻的大小判定采用电流表外接法．答案：(1)①“×1”②9(2)①BDFGH②如图所示7．热敏电阻是传感电路中常用的电子元件，现用伏安法研究热敏电阻在不同温度下的伏安特性曲线，要求特性曲线尽可能完整．已知常温下待测热敏电阻的阻值约40 Ω～50 Ω.热敏电阻和温度计插入带塞的保温杯中，杯内有一定量的冷水，其他备用的仪表和器具有：盛有热水的热水瓶(图中未画出)、电源(3 V、内阻可忽略)、直流电流表(内阻约1 Ω)、直流电压表(内阻为5 kΩ)、滑动变阻器(0～10 Ω)、开关、导线若干．(1)图实－5－18中，a、b、c三条图线能反映出热敏电阻的伏安特性的曲线是________．(2)在虚线框中画出实验电路图，要求测量误差尽可能小．(3)根据电路图，在图实－5－19中的实物图上连线．图实－5－18图实－5－19解析：(1)热敏电阻随温度的升高，阻值减小，在IU 图线中，任一点的1I U R=，可见c 正确．=(2)热敏电阻约40 Ω～50 Ω.由电压表、电流表内阻知临界阻值R 0＝=Ω＝50 2 Ω.即热敏电阻属小电阻，应用“外接法”，因要描绘伏安特性曲线，电压从0开始连续变化．因此用滑动变阻器的“分压式”接法，电路图如图所示． (3)实物连线如图：答案：(1)c (2)见解析 (3)见解析。
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【安徽省，人教版】2014届物理一轮小题精练（68，含答案）1.一列简谐横波沿x轴正方向以v=4 m/s的速度传播，在某一时刻的波形如图所示，从图示时刻开始，经过Δt=1 s,+x轴上的某质点P，处在x轴下方且向+y方向运动，则质点P 距离y轴可能是()A.1 mB.3 mC.7 mD.11 m2.一架低空飞行的飞机，从远处水平匀速地飞至某同学头顶上空.若飞机振动的频率始终不变，从听到声音开始至飞机飞临该同学头顶上空时刻前，他听到的飞机声音的音调（）A.不变，且一直与飞机实际发出的声音音调相同B.不变，且一直比飞机实际发出的声音音调低C.不变，且一直比飞机实际发出的声音音调高D.一直比飞机实际发出的声音音调高，但音调逐渐变低，越来越接近飞机实际发出的3.如图所示，在xOy平面内有一列沿x轴正方向传播的简谐横波，波速为1 m/s，振幅为4 cm，频率为2.5 Hz，波上P、Q两点的平衡位置相距0.3 m，在t=0时刻，Q点位于其平衡位置上方最大位移处，则P点()A.在t=0到0.1 s时间内的位移是-4 cmB.在0.1 s末的加速度最大C.在0.1 s末的速度方向向下D.在t=0到0.1 s时间内经过的路程是4 cm4．盛砂漏斗与悬线构成砂摆在竖直平面摆动，其下方有一薄板垂直于摆动平面匀速拉动，可画出振动图像，若砂摆有两种不同摆长，薄板分别以v1、v2两种速度拉动，且v2＝2v1，得到如图6－11(甲)、(乙)所示的两种图像，则其振动周期T1和T2的关系为( )图6－11A．T2＝T1B．T2＝2T1C．T2＝4T1D．T2＝T1/45.如图所示，在曲轴上悬挂一个弹簧振子.若不转动把手，让其上下振动，其周期为T1.现使把手以周期T2（T2>T1)匀速转动，当其运动都稳定后，则()A.弹簧振子的周期为T 1B.弹簧振子的周期为T 2C.要使弹簧振子振幅增大，可让把手转速增大D.要使弹簧振子振幅增大，让把手转速减小 6.一列沿x 轴正方向传播的简谐横波，周期为0.50 s.某一时刻，离开平衡位置的位移都相等的各质元依次为P 1、P 2、P 3……已知P 1和P 2之间的距离为20 cm ，P 2和P 3之间的距离为80 cm ，则P 1的振动传到P 2所需的时间为( )A.0.50 sB.0.13 sC.0.10 sD.0.20 s7.两列沿相反方向传播的振幅和波长都相同的半波（如图甲），在相遇的某一时刻（如图乙），两列波“消失”，此时图中a 、b 质点的振动方向是()A.a 向上，b 向下B.a 向下，b 向上C.a 、b 都静止D.a 、b 都向上 8.（全国卷Ⅱ，15）一简谐横波以4m/s 的波速沿x 轴正方向传播。
已知t=0时的波形如图所示，则A ．波的周期为1sB ．x=0处的质点在t=0时向y 轴负向运动C ．x=0处的质点在t=14s 时速度为0 D ．x=0处的质点在t= 14s 时速度值最大9.（浙江卷18） 在O 点有一波源，t ＝0时刻开始向上振动，形成向右传播的一列横波。
t 1=4s 时，距离O 点为3m 的A 点第一次达到波峰；t 2=7s 时，距离O 点为4m 的B 点第一次达到波谷。
则以下说法正确的是 A. 该横波的波长为2m B. 该横波的周期为4s C. 该横波的波速为1m/sD. 距离O 点为1m 的质点第一次开始向上振动的时刻为 6s 末10、（2013四川）图示为一列沿x 轴负方向传播的简谐横波，实线为t ＝0时刻的波形图，虚线为t ＝0.6 s时的波形图，波的周期T ＞0.6 s ，则A.波的周期为2.4 sB.在t ＝0.9 s 时，P 点沿y 轴正方向运动C.经过0.4 s ，P 点经过的路程为4 mD.在t ＝0.5 s 时，Q 点到达波峰位置 11、（2013全国1）一列简谐横波在某一时刻的波形图如图1所示，图中P 、Q 两质点的横坐标分别为x=1.5m 和x=4.5m 。
P 点的振动图像如图2所示。
在下列四幅图中，Q 点的振动图像可能是12、（2013福建）图甲为一列简谐横波在t=0.10s 时刻的波形图，P 是平衡位置为x=1 m 处的质点，Q 是平衡位置为x=4 m 处的质点，图乙为质点Q 的振动图象，则A.t=0.15s 时，质点Q 的加速度达到正向最大B.t=0.15s 时，质点P 的运动方向沿y 轴负方向C.从t=0.10s 到t=0.25s ，该波沿x 轴正方向传播了6 mD.从t=0.10s 到t=0.25s ，质点P 通过的路程为30 cm13.图5为一横波发生器的显示屏，可以显示出波由O 点从平衡位置开始起振向右传播的图像，屏上每一小格长度为1cm ．在t ＝0时刻横波发生器上能显示的波形如图所示．因为显示屏的局部故障，造成从水平位置A 到B 之间（不包括A 、B 两处）的波形无法被观察到，但故障不影响波在发生器内传播．此后的时间内，观察者看到波形相继传经B 、C 处，在t ＝5ｓ时，观察者看到C 处恰好第三次（C 开始起振计第１次）出现平衡位置，则该波的波速不可能是（ ） A ．7.2cm/s B ．6.0cm/s C ．4.8cm/s D ．3.6cm/s14振源A 带动细绳上各点上下做简谐运动，t = 0时刻绳上形成的波形如图所示。
规定绳上质点向上运动的方向为x 轴的正方向，则P 点的振动图象是PA15.如图为一列在均匀介质中沿x 轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为2m/s 。
则以下说法正确的是 ( ) A ．质点P 此时刻的振动方向沿y 轴负方向B ．P 点振幅比Q 点振幅小C ．经过△t =4s ，质点P 将向右移动8mD ．经过△t =4s ，质点Q 通过的路程是0.4m 16.如图所示，一列简谐横波沿x 轴正方向传播，从波传到x =5m 的M 点时开始计时，已知P 点相继出现两个波峰的时间间隔为0.4s ，下面说法中正确的是： A ．若该波传播中遇到宽约3m 的障碍物能发生明显的 衍射现象 B ．质点Q （x =9m ）经过0.5s 第一次到达波谷 C ．质点P 在0.1s 内沿波传播方向的位移为1mD ．若在Q 处放一接收器，接到的波的频率小于2.5Hz 17.轻质弹性绳呈水平状，绳的中点为A/,两端P 、Q 同时开始上下振动，一段时间后产生的波形如图，以后绳上各点振动情况判断正确的是[ ]A.波源P 的起振方向竖直向上B.波源Q 产生的波先到达中点C. M 点的振动始终加强D. M 点的位移大小某时可能为零 18位于坐标原点的波源S 不断地产生一列沿x 轴正方向传播的简谐横波，波速v=40m/s ，已知t=0时刻波刚好传播到x=13m 处，部分波形图如图所示，下列说法正确的是（ ）A ．波源S 开始振动的方向沿y 轴正方向B ．t=0.45s 时，x=9m 处的质点的位移为5cmC ．t=0.45s 时，波刚好传播到x=18m 处D ．t=0.45s 时，波刚好传播到x=31m 处19.图示为一列在均匀介质中传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为2 m/s ，此时P 点振动方向沿y 轴负方向，则（ ）A ．机械波传播的方向沿X 轴正方向B ．P 点的振幅比Q 点的小C ．经过△t =4 s ，质点P 将向右移动8 mD ．经过△t =4 s ，质点Q通过的路程是0.4 m20．如图1所示，位于介质Ⅰ和Ⅱ分界面上的波源S ，产生两列分别沿x 轴负方向与正方向传播的机械波．若在两种介质中波的频率及传播速度分别为f 1、f 2和v 1、v 2，则( )-55Q OA BC DA ．f 1＝2f 2，v 1＝v 2B ．f 1＝f 2，v 1＝0.5v 2C ．f 1＝f 2，v 1＝2v 2D ．f 1＝0.5f 2，v 1＝v 221.一列简谐横波沿直线传播,该直线上的a 、b 两点相 距4.42 m.图中实、虚两条曲线分别表示平衡位置在 a 、b 两点处质点的振动曲线.从图示可知 A.此列波的频率一定是10 Hz B.此列波的波长一定是0.1 mC.此列波的传播速度可能是34 m/sD.a 点一定比b 点距波源近22、（上海市徐汇区2013届高三上学期期末考试）两列简谐横波的振幅都是20cm ，传播速度大小相同。
实线波的频率为2Hz ，沿x 轴正方向传播；虚线波沿x轴负方向传播。
某时刻两列波在如图所示区域相遇，则（ ）（A ）在相遇区域会发生干涉现象（B ）平衡位置为x ＝6m 处的质点此刻速度为零（C ）平衡位置为x ＝8.5m 处的质点此刻位移y ＞20cm（D ）从图示时刻起再经过0.25s ，平衡位置为x ＝5m 处的质点的位移y ＜0 23．如图14－2－19所示，在水面下同一深度并排紧挨着放置分别能发出红光、黄光、蓝光和紫光的四个灯泡，一人站在这四盏灯正上方离水面有一定距离处观察，他感觉离水面最近的那盏灯发出的光是( )A ．红光B ．黄光C ．蓝光D ．紫光 24． (1)一束红光和一束紫光以相同的入射角斜射到同一厚平板玻璃的一个表面上，经两次折射后从玻璃板另一个表面射出，出射光线相对于入射光线侧移了一段距离，则下列说法中正确的是________． A ．红光的出射光线的侧移距离比紫光小 B ．红光的出射光线的侧移距离比紫光大 C ．红光穿过玻璃板的时间比紫光短 D ．红光穿过玻璃板的时间比紫光长25．2013年10月6日，瑞典皇家科学院在斯德哥尔摩宣布，将2013年诺贝尔物理学奖授予英国华裔科学家高锟以及美国科学家威拉德·博伊尔和乔治·史密斯．高锟在“有关光在纤维中的传输以用于光学通信方面”取得了突破性的成就．若光导纤维是由 内芯和包层组成，下列说法正确的是 ( ) A ．内芯和包层折射率相同，折射率都大 B ．内芯和包层折射率相同，折射率都小 C ．内芯和包层折射率不同，包层折射率较大 D ．内芯和包层折射率不同，包层折射率较小26. 如图2－1－16所示是一种折射率n ＝1.5的棱镜，现有一束光线沿MN 的方向射到棱镜的AB界面上，入射角的正弦值为sin i ＝0.75.求： (1)光在棱镜中传播的速率；(2)通过计算说明此束光线射出棱镜后的方向并画出光路图(不考虑返回到AB 面上的光线)．227一束单色光由左侧射入盛有清水的薄壁圆柱形玻璃杯，图13－1－10所示为过轴线的截面图，调整 入射角α，使光线恰好在水和空气的界面上发生全反射．已知水的折射率为43，求sin α的值．28.由于激光是亮度高、平行度好、单色性好的相干光，所以光导纤维中用激光作为信息高速传输的载体．要使射到粗细均匀的圆形光导纤维一个端面上的激光束都能从另一个端面射出，而不会从侧壁“泄漏”出来，光导纤维所用材料的折射率至少应为多大？ 29．如图14－2－20所示，一个大游泳池，池底是水平面，池中水深1.2 m ，有一直杆竖直立于池底，浸入水中部分BC 恰为杆长AC 的1/2.太阳光以与水平方向成37°角射在水面上，测得杆在池底的影长是2.5 m ．求水的折射率．(sin37°＝0.6，cos37°＝0.8)30.如图13－1－14所示为用某种透明材料制成的一块柱体形棱镜的水平截面图，FD 为14圆周，圆心为O ，光线从AB 面入射，入射角θ1＝60°，它射入棱镜后射在BF 面 上的O 点并恰好不从BF 面射出． (1)画出光路图；(2)求该棱镜的折射率n 和光线在棱镜中传播的速度大小v (光在真空中的传播速度c ＝3.0×108 m/s)．参考答案：1BD 2B 3BD 4BD 5BC 6C 7B 8AB 9BC 10B 11BC 12AB 13A 14B 15AD 16AB 17AD图14－2－2018AD 19AD 20C 21AC 22CD 23D 24AC 25D 26(1)2×108m/s 2773 28(1) arcsin vc(2) 2 29.1.33 30(2)1.3(或72) 2.3×108 m/s(或677×108m/s) 二轮专题复习（七）《选修3-4》考能训练题参考答案2013年05月05日 1答案：BD解析：本题考查波的图象，根据波的图象反映的信息结合题目条件可以知道该列波的波长是8 m ，波速4 m/s ，周期2 s ，经过1 s 后，波动图象关于x 轴对称，作出1 s 后的波形图可知满足题目条件的质点距y 轴3 m 、11 m ，故选项B 、D 正确.2答案：D 解析：由多普勒效应知，飞机的频率不变，当飞机由远飞近时人接收的频率变大，听到飞机声音的音调比较高，当飞机逐渐靠近时人接收的频率会逐渐和飞机自身的频率接近，人听到的声音会接近飞机本身发出的 3答案：BD解析：由v=λf 得λ=v f =12.5 m=0.4 m ，而P 、Q 两点相距0.3 m=34λ，所以t=0时刻，P 点恰在平衡位置且向上振动，由已知条件可知振动周期T 为0.4 s ，所以0.1 s 末即4T后质点P 到达正向最大位移处，速度为零，A 、C 错；加速度最大，B 正确；在t=0到0.1 s 时间内，质点P 经过的路程为一振幅，即4 cm ，D 正确. 4．A 5答案：BC解析：受迫振动的频率等于驱动力的频率，A 错B 对.当驱动力的频率接近振子的固有频率时，受迫振动的振幅增大，把手转速增大，周期减小，越接近固有周期T 1，C 对D 错. 6答案：C解析：由波的对称性，如图所示 P 1P 2=20 cm ，x 1=10 cm P 2P 3=80 cm,x 2=40 cm 则得到2π=x 1+x 2=50 cm λ=100 cm,v=10.5Tλ=m/s=2 m/s Δt=120.202PP v ==0.10 s,所以C 选项正确. 7答案：B解析：根据波的传播方向和质点振动方向之间的关系，可知在两列波相遇“消失”的时刻，向右传播的上侧波使质点a 向下振动，使质点b 向上振动，向左传播的下侧波使质点a 向下振动，使质点b 向上振动，根据波的叠加原理，可知质点a 向下振动，质点b 向上振动，C 项错误，B 项正确.8【答案】AB【解析】本题考查机械振动规律和机械波的传播规律。