山东省潍坊市2016届高三物理上学期12月月考试卷(含解析)

2015-2016学年山东省潍坊市高密三中高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（1-6题单选，7-10题多选，每题4分，共40分，对而不全得2分）1．如图所示，A、B两物体紧靠着放在粗糙水平面上．A、B间接触面光滑．在水平推力F作用下两物体一起加速运动，物体A恰好不离开地面，则物体关于A、B两物体的受力个数，下列说法正确的是( )A．A受3个力，B受4个力B．A受4个力，B受3个力C．A受3个力，B受3个力D．A受4 个力，B受4个力2．在地面上某处将一金属小球竖直向上抛出，上升一定高度后再落回原处，若不考虑空气阻力，则下述图象能正确反映速度、加速度、位移和动能随时间变化关系的是（以向上为正方向）( )A．B．C．D．3．如图所示电路的电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R的阻值，可使电压表V的示数减小△U（电压表为理想电表），在这个过程中( )A．通过R1的电流减小，减少量一定等于B．R2两端的电压增大，增加量一定等于△UC．路端电压减小，减少量一定等于△UD．通过R2的电流增大，但增加量一定等于4．2010年10月1日，我国成功发射了月球探测卫星“嫦娥二号”．假设“嫦娥二号”探测卫星在椭圆轨道近月点Q完成近月拍摄任务后到达椭圆轨道的远月点P进行变轨，此后它的运行轨道变成圆形轨道，如图所示．忽略地球对“嫦娥二号”探测卫星的影响，则“嫦娥二号”探测卫星( )A．在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中机械能不变B．在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中线速度增大C．在Q点的机械能比沿椭圆轨道运动时过P点的机械能小D．椭圆在P点的加速度比圆轨道经过P点的加速度小5．如图所示，ABC为与匀强磁场垂直的边长为a的等边三角形，比荷为e/m的电子以速度v0从A 点沿AB边入射，欲使电子经过BC边，磁感应强度B的取值为( )A．B＞B．B＜C．B＞D．B＜6．如图所示，两个端面半径同为R的圆柱形铁芯同轴水平放置，相对的端面之间有一缝隙，铁芯上绕导线并与电源连接，在缝隙中形成一匀强磁场．一铜质细直棒ab水平置于缝隙中，且与圆柱轴线等高、垂直．让铜棒从静止开始自由下落，铜棒下落距离为0.2R时铜棒中电动势大小为E1，下落距离为0.8R时电动势大小为E2．忽略涡流损耗和边缘效应．关于E1、E2的大小和铜棒离开磁场前两端的极性，下列判断正确的是( )A．E1＞E2，a端为正B．E1＞E2，b端为正C．E1＜E2，a端为正D．E1＜E2，b端为正7．如图所示，真空中两虚线圆为以O为圆心的同心圆，分别于坐标轴交于abcd、efgh；在ac两点固定两个等量点电荷+Q，bd两点固定两个等量点电荷﹣Q．下列说法正确的是( )A．g、f两点的电场强度相同B．e、h两点的电势相同C．将质子从e移到o电场力一直做正功D．将质子从o移到f电场力一直做正功8．如图所示，甲图一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B（B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为a的匀加速运动，测得两个物体的v ﹣t图象如图乙所示（重力加速度为g），则 ( )A．施加外力前，弹簧的形变量为2B．外力施加的瞬间，A、B间的弹力大小为M（g﹣a）C．A、B在t1时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零D．弹簧恢复到原长时，物体B的速度达到最大值9．汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动．能正确表示这一过程中汽车牵引力F随时间t、速度v随时间t变化的图象是( )A．B．C．D．10．内壁光滑、由绝缘材料制成的圆轨道固定在倾角为θ=37°的斜面上，与斜面的交点是A，直径AB垂直于斜面，直径CD和MN分别在水平和竖直方向上，它们处在水平方向的匀强电场中．质量为m，电荷量为q的小球（可视为点电荷）刚好能静止于圆轨道内的A点．现对在A点的该小球施加一沿圆环切线方向的瞬时冲量，使其恰能绕圆环完成圆周运动．下列对该小球运动的分析，正确的是( )A．小球一定带负电B．小球运动到B点时动能最小C．小球运动到M点时动能最小D．小球运动到D点时机械能最小二、实验题（共两小题）（共16分）11．某学习小组的同学拟探究小灯泡L的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：小灯泡L，规格“4.0V，0.7A”；电流表A1，量程3A，内阻约为0.1Ω；电流表A2，量程0.6A，内阻r2=0.2Ω；电压表V，量程3V，内阻r V=9kΩ；标准电阻R1，阻值1Ω；标准电阻R2，阻值3kΩ；滑动变阻器R，阻值范围0～10Ω；学生电源E，电动势6V，内阻不计；开关S及导线若干．某同学设计了如图所示的电路来进行测量，电压表指针指在最大刻度时，加在L上的电压值是__________V．12．在“测定金属的电阻率”的实验中，（1）某同学用螺旋测微器测金属丝直径时，测得结果如图1所示，则该金属丝的直径为__________mm．（2）用量程为3V的电压表和量程为0.6A的电流表测金属丝的电压和电流时读数如图2所示，则电压表的读数为__________ V，电流表的读数为__________A．（3）用米尺测量金属丝的长度L=0.810m．利用以上测量数据，可得这种材料的电阻率为__________Ω•m（保留二位有效数字）．13．某实验小组用如图1实验装置测重力加速度．两物体m1、m2悬挂在轻质定滑轮上，m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，可测出运动加速度．图2给出的是实验中获取的一条纸带：0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个打点（图中未标出），计数点间的距离如图所示．已知m1=50g、m2=150g，则（结果保留两位有效数字）①在纸带上打下记数点5时的速度v=__________m/s；②若某同学作出v2一h像如图3，则当地的重力加速度g=__________m/s2：③此方法测量重力加速度总是__________（填“偏小”或“偏大”），请找出产生此误差的两条主要原因：（1）__________（2）__________．三、计算题（本大题包括4小题，共44分．解答应写出必要的文字说明，方程式和重要的演算步骤，只写最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）．14．如图甲所示，一个匝数n=100的圆形导体线圈，面积S1=0.4m2，电阻r=1Ω．在线圈中存在面积S2=0.3m2的垂直线圈平面向外的匀强磁场区域，磁感应强度B随时间t变化的关系如图乙所示．有一个R=2Ω的电阻，将其两端a、b分别与图甲中的圆形线圈相连接，b端接地（电势为零）．求：（1）圆形线圈中产生的感应电动势；设b端电势为零，求a端的电势φa（2）在0～4s时间内通过电阻R的电荷量q．15．如图，一个质量为0.6kg 的小球以某一初速度从P点水平抛出，恰好从光滑圆弧ABC 的A点的切线方向进入圆弧（不计空气阻力，进入圆弧时无机械能损失）．已知圆弧的半径R=0.3m，θ=60°，小球到达A点时的速度 v=4m/s．（取g=10m/s2）求：（1）小球做平抛运动的初速度v0；（2）P点与A点的水平距离和竖直高度；（3）小球到达圆弧最高点C时速度和对轨道的压力．16．如图所示，质量M A=2m的直杆A悬于离地面很高处，杆A上套有质量M B=m的小环B．将小环B由静止释放，环做加速度a=g的匀加速运动．经过时间t后，将杆A上方的细线剪断，杆A开始下落．杆A足够长，环B始终未脱离杆A，不计空气阻力，已知重力加速度为g，求：（1）杆A刚下落时的加速度a′；（2）在小环B下落的整个过程中，环B对杆A所做的功W；（3）在小环B下落的整个过程中，系统产生的热量Q．17．在xoy平面内存在着如图所示的电场和磁场，其中二、四象限内电场方向与y轴平行且相反，大小为E，一、三象限内磁场方向垂直平面向里，大小相等．一个带电粒子质量为m，电荷量为q，从第四象限内的P（L，﹣L）点由静止释放，粒子垂直y轴方向进入第二象限，求：（1）磁场的磁感应强度B；（2）粒子第二次到达y轴的位置；（3）粒子从释放到第二次到达y轴所用时间．2015-2016学年山东省潍坊市高密三中高三（上）月考物理试卷（12月份）一、选择题（1-6题单选，7-10题多选，每题4分，共40分，对而不全得2分）1．如图所示，A、B两物体紧靠着放在粗糙水平面上．A、B间接触面光滑．在水平推力F作用下两物体一起加速运动，物体A恰好不离开地面，则物体关于A、B两物体的受力个数，下列说法正确的是( )A．A受3个力，B受4个力B．A受4个力，B受3个力C．A受3个力，B受3个力D．A受4 个力，B受4个力【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】物体A恰好不离开地面时，地面对A没有支持力，按重力、弹力和摩擦力的顺序分析两物体受力．【解答】解：对于A物体：由题，物体A恰好不离开地面，地面对A没有支持力，也没有摩擦力，则A受到重力、F和B对A的支持力共3个力作用．对于B物体：受到重力、A对B的压力和地面的支持力和摩擦力，共4个力作用．故选A【点评】解答本题的关键是分析临界条件：A恰好不离开地面，A与地间无弹力，也就无摩擦力．分析受力的一般顺序是：重力、弹力和摩擦力．2．在地面上某处将一金属小球竖直向上抛出，上升一定高度后再落回原处，若不考虑空气阻力，则下述图象能正确反映速度、加速度、位移和动能随时间变化关系的是（以向上为正方向）( )A．B．C．D．【考点】机械能守恒定律；匀变速直线运动的图像．【专题】机械能守恒定律应用专题．【分析】金属小球竖直向上抛出，空气阻力忽略不计，只受重力，做竖直上抛运动，加速度保持不变，即上升和下降过程加速度大小和方向都不变，故是匀变速直线运动；根据运动学公式和机械能守恒定律列式分析即可．【解答】解：A、B、金属小球竖直向上抛出，空气阻力忽略不计，只受重力，做竖直上抛运动，上升和下降过程加速度大小和方向都不变，故做匀变速直线运动，速度图象应是倾斜的直线．以向上为正方向，速度先正后负，加速度为负值，并保持不变．故A错误，B正确；C、根据位移时间公式，有x=v0t﹣，x与t是非线性关系，x﹣t图象是曲线，而不是折线．故C错误；D、根据机械能守恒定律，有：E k0+0=E k+mgh，其中h=x，故E k=E k0﹣mg（v0t﹣），则知E k﹣t是曲线，故D错误；故选B．【点评】本题关键抓住竖直上抛运动是一种匀变速直线运动，结合运动学公式和机械能守恒定律列式分析求解．3．如图所示电路的电源内阻不可忽略，若调整可变电阻R的阻值，可使电压表V的示数减小△U（电压表为理想电表），在这个过程中( )A．通过R1的电流减小，减少量一定等于B．R2两端的电压增大，增加量一定等于△UC．路端电压减小，减少量一定等于△UD．通过R2的电流增大，但增加量一定等于【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】由图可知，R1与R并联后与R2串联，电压表测并联部分的电压；由欧姆定律可知，通过R1的电流的变化量；由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化量，则可得出路端电压的变化量及R2两端电压的关系．【解答】解：A、因电压表示数减小，而R1为定值电阻，故电流的减小量一定等于，故A正确；B、R1两端的电压减小，则说明R2及内阻两端的电压均增大，故R2两端的电压增加量一定小于△U，故B错误；C、因内电压增大，故路端电压减小，由B的分析可知，路端电压的减小量一定小于△U，故C错误；D、由B的分析可知，R2两端的电压增加量一定小于△U，故电流的增加量一定小于，故D错误；故选：A．【点评】本题考查欧姆定律中的动态分析，因本题要求分析电流及电压的变化量，故难度稍大，要求学生能灵活选择闭合电路的欧姆定律的表达形式．4．2010年10月1日，我国成功发射了月球探测卫星“嫦娥二号”．假设“嫦娥二号”探测卫星在椭圆轨道近月点Q完成近月拍摄任务后到达椭圆轨道的远月点P进行变轨，此后它的运行轨道变成圆形轨道，如图所示．忽略地球对“嫦娥二号”探测卫星的影响，则“嫦娥二号”探测卫星( )A．在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中机械能不变B．在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中线速度增大C．在Q点的机械能比沿椭圆轨道运动时过P点的机械能小D．椭圆在P点的加速度比圆轨道经过P点的加速度小【考点】万有引力定律及其应用．【专题】定量思想；方程法；万有引力定律的应用专题．【分析】嫦娥二号从椭圆轨道的P点进入圆轨道，需加速，使万有引力等于所需要的向心力，然后作圆周运动．比较加速度，根据牛顿第二定律，只需比较所受的万有引力即可．【解答】解：A、Q到P的过程由于要克服引力做功，速度越来越小，到P点所需的向心力比较小，万有引力大于所需的向心力，会做近心运动，所以从P点进入圆轨道，需加速，使万有引力等于所需要的向心力，然后作圆周运动．故在由椭圆轨道变成圆形轨道过程中机械能增大．故A错误，B正确．C、在椭圆轨道上由Q点运动到P点，只受到地球引力，只有引力做功，机械能守恒，故C 错误．D、根据万有引力定律和牛顿第二定律G=ma，得a=，在椭圆在P点所受的万有引力等于在圆轨道P点所受的万有引力，因此它们加速度大小相等，故D错误．故选：B．【点评】解决本题的关键理解卫星是如何进行变轨，以及在比较Q点的速度和圆轨道速度时，引入另一个圆轨道串联一下，问题引刃而解．5．如图所示，ABC为与匀强磁场垂直的边长为a的等边三角形，比荷为e/m的电子以速度v0从A 点沿AB边入射，欲使电子经过BC边，磁感应强度B的取值为( )A．B＞B．B＜C．B＞D．B＜【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】电子进入磁场后受到洛伦兹力作用而做匀速圆周运动，由半径公式r=知，电子的速率越大，轨迹半径越大，欲使电子能经过BC边，当电子恰好从C点离开时，轨迹半径最小，由几何知识求出最小的半径，由半径公式求出B的最大值，即可得到B的范围．【解答】解：当电子从C点离开磁场时，电子做匀速圆周运动对应的半径最小，设为R，则几何知识得：2Rcos30°=a，得R=；欲使电子能经过BC边，必须满足R＞而R==所以＞化简得；故D正确，A、B、C错误．故选：D【点评】本题是磁场中临界条件问题，关键是运用几何知识求最小的轨迹半径，即可由半径求解B的范围．6．如图所示，两个端面半径同为R的圆柱形铁芯同轴水平放置，相对的端面之间有一缝隙，铁芯上绕导线并与电源连接，在缝隙中形成一匀强磁场．一铜质细直棒ab水平置于缝隙中，且与圆柱轴线等高、垂直．让铜棒从静止开始自由下落，铜棒下落距离为0.2R时铜棒中电动势大小为E1，下落距离为0.8R时电动势大小为E2．忽略涡流损耗和边缘效应．关于E1、E2的大小和铜棒离开磁场前两端的极性，下列判断正确的是( )A．E1＞E2，a端为正B．E1＞E2，b端为正C．E1＜E2，a端为正D．E1＜E2，b端为正【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；右手定则．【专题】压轴题．【分析】根据题意分析知道由铜棒下落，切割磁感线产生感应电动势．由于下落距离不同，根据磁感线的分布求出铜棒切割磁感线时的有效长度．再根据E=BLv进行对比．最后根据右手定则判断出电流方向，根据电源内部电流方向特点找出电源的正负极．【解答】解：根据法拉第电磁感应定律：E=BLv，如下图，L1=2=2R，L2=2=2R，又根据v=，v1==2，v2==4，所以E1=4BR，E2=8BR=4BR，所以E1＜E2．再根据右手定则判定电流方向从a到b，在电源内部电流时从电源负极流向正极，故D正确．【点评】由于铜棒切割磁感线时没有形成回路，所以铜棒做的是自由下落．对于电源而言，电源内部电流是从电源负极流向正极．7．如图所示，真空中两虚线圆为以O为圆心的同心圆，分别于坐标轴交于abcd、efgh；在ac两点固定两个等量点电荷+Q，bd两点固定两个等量点电荷﹣Q．下列说法正确的是( )A．g、f两点的电场强度相同B．e、h两点的电势相同C．将质子从e移到o电场力一直做正功D．将质子从o移到f电场力一直做正功【考点】电势差与电场强度的关系；电势．【专题】比较思想；合成分解法；电场力与电势的性质专题．【分析】根据电场的叠加原理分析电场强度的关系．根据对称性分析电势关系．先判断出电势的变化，再分析移动质子时电场力做功的正负．【解答】解：A、根据电场的叠加原理可知，两个正电荷和两个负电荷在g点产生的场强方向沿y轴正向，则g点的场强方向沿y轴正向．两个正电荷和两个负电荷在f点产生的场强方向沿y轴负向，则f点的场强方向沿y轴负向，g、f两点场强大小相等，方向相反，所以电场强度不同，故A错误．B、在两个正电荷形成的电场中，根据对称性可知，e、h两点的电势相同．在两个负电荷形成的电场中，根据对称性可知，e、h两点的电势也相同．则根据叠加原理可知，e、h两点的电势相同．故B正确．C、根据电场线的分布可知，eo间的电场线方向沿e→o，质子所受的电场力方向由e→o，则将质子从e移到o电场力一直做正功．故C正确．D、根据电场线的分布可知，of间的电场线方向沿o→f，质子所受的电场力方向由o→f，则将质子从o移到f电场力一直做正功．故D正确．故选：BCD【点评】解决本题的关键是掌握等量同种电荷电场线和等势面的分布情况，熟练运用电场的叠加原理来分析电场强度和电势关系．8．如图所示，甲图一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端叠放两个质量均为M的物体A、B（B物体与弹簧连接），弹簧的劲度系数为k，初始时物体处于静止状态．现用竖直向上的拉力F作用在物体A上，使物体A开始向上做加速度为a的匀加速运动，测得两个物体的v ﹣t图象如图乙所示（重力加速度为g），则 ( )A．施加外力前，弹簧的形变量为2B．外力施加的瞬间，A、B间的弹力大小为M（g﹣a）C．A、B在t1时刻分离，此时弹簧弹力恰好为零D．弹簧恢复到原长时，物体B的速度达到最大值【考点】共点力平衡的条件及其应用；胡克定律．【分析】题中弹簧弹力根据胡克定律列式求解，先对物体AB整体受力分析，根据牛顿第二定律列方程；再对物体B受力分析，根据牛顿第二定律列方程；t1时刻是A与B分离的时刻，之间的弹力为零．【解答】解：A、施加F前，物体AB整体平衡，根据平衡条件，有：2Mg=kx解得：x=2故A正确．B、施加外力F的瞬间，对B物体，根据牛顿第二定律，有：F弹﹣Mg﹣FAB=Ma其中：F弹=2Mg解得：FAB=M（g﹣a），故B正确．C、物体A、B在t1时刻分离，此时A、B具有共同的v与a且FAB=0；对B：F弹′﹣Mg=Ma解得：F弹′=M（g+a），故C错误．D、当F弹′=Mg时，B达到最大速度，故D错误．故选：AB．【点评】本题关键是明确A与B分离的时刻，它们间的弹力为零这一临界条件；然后分别对AB整体和B物体受力分析，根据牛顿第二定律列方程分析，不难．9．汽车在平直公路上以速度v0匀速行驶，发动机功率为P，牵引力为F0，t1时刻，司机减小了油门，使汽车的功率立即减小一半，并保持该功率继续行驶，到t2时刻，汽车又恢复了匀速直线运动．能正确表示这一过程中汽车牵引力F随时间t、速度v随时间t变化的图象是( )A．B．C．D．【考点】功率、平均功率和瞬时功率．【专题】功率的计算专题．【分析】汽车匀速行驶时牵引力等于阻力，根据功率和速度关系公式可得：P=Fv，当功率立即减小一半，牵引力减为一半，物体减速运动，分析加速度的变化情况及F的变化快慢即可解题【解答】解：A、首先P=Fv，开始的时候p=F0V0，功率降一半的时候，速度不能瞬间改变，所以瞬间变化的是力F，减小一半．由于一开始匀速，所以摩擦力等于F，故功率减半，导致牵引力下降，汽车开始减速，减速过程中，牵引力慢慢增大，减速的加速度越来越小，所以t1到t2时刻的速度图象慢慢变得平缓，t2时刻减速的加速度为0．故A正确，B错误C、由于t1时刻，力突然减小，减速的加速度很大，速度快速的减小，根据p=Fv，力F增加的较快，待速度下降越来越慢的时候，F增加的速度也变慢，曲线逐渐变的平稳，故C错误，D正确．故选：AD【点评】要注意P=Fv的使用．了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题，注意速度不能瞬间改变10．内壁光滑、由绝缘材料制成的圆轨道固定在倾角为θ=37°的斜面上，与斜面的交点是A，直径AB垂直于斜面，直径CD和MN分别在水平和竖直方向上，它们处在水平方向的匀强电场中．质量为m，电荷量为q的小球（可视为点电荷）刚好能静止于圆轨道内的A点．现对在A点的该小球施加一沿圆环切线方向的瞬时冲量，使其恰能绕圆环完成圆周运动．下列对该小球运动的分析，正确的是( )A．小球一定带负电B．小球运动到B点时动能最小C．小球运动到M点时动能最小D．小球运动到D点时机械能最小【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球原来处于静止状态，分析电场力方向，即可判断小球的电性；找到等效最高点位置，此位置的动能最小；电场力做功引起机械能的变化，电场力做负功最大时，机械能减小最大．【解答】解：A、小球原来处于静止状态，分析受力可知，小球所受的电场力方向向左，与电场强度方向相反，所以小球带负电．故A正确．B、C小球静止时，受到重力、电场力和轨道的支持力作用，由平衡条件得知，重力与电场力的合力方向与支持力方向相反，与斜面垂直向下，则小球从A运动到B点的过程中，此合力做负功，动能减小，所以小球运动到B点时动能最小，故B正确．C错误．D、根据功能关系可知，电场力做负功越多，小球的机械能减小越大，可知，小球从A运动到D点时，电场力做负功最多，所以小球运动到D点时机械能最小．故D正确．故选ABD【点评】本题关键要掌握动能定理和功能关系，在正确分析受力情况的基础上，运用功能关系进行分析．二、实验题（共两小题）（共16分）11．某学习小组的同学拟探究小灯泡L的伏安特性曲线，可供选用的器材如下：小灯泡L，规格“4.0V，0.7A”；电流表A1，量程3A，内阻约为0.1Ω；电流表A2，量程0.6A，内阻r2=0.2Ω；电压表V，量程3V，内阻r V=9kΩ；标准电阻R1，阻值1Ω；标准电阻R2，阻值3kΩ；滑动变阻器R，阻值范围0～10Ω；学生电源E，电动势6V，内阻不计；开关S及导线若干．某同学设计了如图所示的电路来进行测量，电压表指针指在最大刻度时，加在L上的电压值是4V．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；推理法；实验分析法；恒定电流专题．【分析】由图所示电路图可知，电压表与电阻R2串联，根据串联电路特点求出电阻R2的电压，然后求出灯泡两端电压．【解答】解：电压表内阻为9kΩ，标准电阻R2阻值为3kΩ，电压表最大示数为3V，由串联电路特点可知，标准电阻R2分压为1V，则灯泡两端电压为：3V+1V=4V．故答案为：4．【点评】本题考查电表的改装在描绘伏安特性曲线时的应用，要注意明确当电压表量程较小时，可能通过串联一个电阻的方式来增大量程．。