甘肃省平凉市华亭二中2015届高考物理三模试卷
甘肃省2015届高三第二次高考诊断性考试理综物理试题
二、选择题：本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19—21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
14. 下列有关物理学史或物理理论的说法，其中错误的是A．牛顿第一定律涉及了两个重要的物理概念：力和惯性B．“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是归纳法C．麦克斯韦电磁场理论认为：周期性变化的电场和磁场是相互联系、不可分割的，统称为电磁场，它具有能量，以有限的速度——光速传播D．伽利略通过实验和合理的推理提出质量并不是影响落体运动快慢的原因【答案】B【解析】试题分析：牛顿第一定律涉及了两个重要的物理概念：力和惯性，即物体不受力时要保持匀速直线运动或者静止状态的性质，选项A正确；“如果电场线与等势面不垂直，那么电场强度沿着等势面方向就有一个分量，在等势面上移动电荷时静电力就要做功”，这里使用的是反证法，选项B错误；麦克斯韦电磁场理论认为：周期性变化的电场和磁场是相互联系、不可分割的，统称为电磁场，它具有能量，以有限的速度——光速传播，选项C正确；伽利略通过实验和合理的推理提出质量并不是影响落体运动快慢的原因，即质量不同的物体下落的快慢是相同的，选项D正确；故选B。
考点：物理学史.15. 电影《智取威虎山》中有精彩而又刺激的解放军战士滑雪的镜头。
假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，若倾斜的雪坡倾角为θ，战士飞出时的水平速度大小为v0，且他飞出后在空中的姿势保持不变，不计空气阻力，重力加速度为g，则A ．如果v 0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向也不同B ．如果v 0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，但空中运动时间相同C ．该战士刚要落到雪坡上时的速度大小是cos v θD ．该战士在空中经历的时间是02tan v gθ【答案】D 【解析】试题分析：因做平抛运动的物体的速度偏向角正切等于位移偏向角正切的2倍，因落到斜面时，位移偏向角相同，根据20012tan 2gtgt v t v θ==，解得02tan v t gθ=，故如果v 0不同，运动的时间不同，战士落到雪坡时的位置不同，但是速度方向相同，选项AB 错误，D 正确；该战士刚要落到雪坡上时的速度大小是v ==选项C 错误；故选D.考点：平抛运动.16. 在静止的液体中下落的物体由于阻力随物体的速度的增大而增大，所以最终会达到一个恒定的速度，称之为收尾速度。
2015年甘肃省高考物理试卷(全国新课标ⅱ)(解析版)
2015年甘肃省高考物理试卷（全国新课标Ⅱ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1．（6分）如图，两平行的带电金属板水平放置．若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态．现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45°，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（）A．保持静止状态B．向左上方做匀加速运动C．向正下方做匀加速运动D．向左下方做匀加速运动2．（6分）如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上．当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c．已知bc边的长度为l．下列判断正确的是（）A．U a＞U c，金属框中无电流B．U b＞U c，金属框中电流方向沿a﹣b﹣c﹣aC．U bc=﹣Bl2ω，金属框中无电流D．U bc=Bl2ω，金属框中电流方向沿a﹣c﹣b﹣a3．（6分）由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道．当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行．已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30°，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为（）A．西偏北方向，1.9×103m/s B．东偏南方向，1.9×103m/sC．西偏北方向，2.7×103m/s D．东偏南方向，2.7×103m/s4．（6分）一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所示．假定汽车所受阻力的大小f恒定不变．下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）A． B． C．D．5．（6分）指南针是我国古代四大发明之一．关于指南针，下列说明正确的是（）A．指南针可以仅具有一个磁极B．指南针能够指向南北，说明地球具有磁场C．指南针的指向会受到附近铁块的干扰D．在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转6．（6分）有两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，I中的磁感应强度是Ⅱ中的k倍，两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动．与Ⅰ中运动的电子相比，Ⅱ中的电子（）A．运动轨迹的半径是Ⅰ中的k倍B．加速度的大小是Ⅰ中的k倍C．做圆周运动的周期是Ⅰ中的k倍D．做圆周运动的角速度是Ⅰ中的k倍7．（6分）在一东西向的水平直铁轨上，停放着一列已用挂钩连接好的车厢．当机车在东边拉着这列车厢以大小为a的加速度向东行驶时，连接某两相邻车厢的挂钩P和Q间的拉力大小为F；当机车在西边拉着这列车厢以大小为a的加速度向西行驶时，P和Q间的拉力大小仍为F．不计车厢与铁轨间的摩擦，每节车厢质量相同，则这列车厢的节数可能为（）A．8 B．10 C．15 D．188．（6分）如图，滑块a、b的质量均为m，a套在固定竖直杆上，与光滑水平地面相距h，b放在地面上，a、b通过铰链用刚性轻杆连接，由静止开始运动．不计摩擦，a、b可视为质点，重力加速度大小为g．则（）A．a落地前，轻杆对b一直做正功B．a落地时速度大小为C．a下落过程中，其加速度大小始终不大于gD．a落地前，当a的机械能最小时，b对地面的压力大小为mg三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必做题，每个考题考生都必须作答，第13为选考题，考生格局要求作答．9．（6分）某学生用图（a）所示的实验装置测量物块与斜面的动摩擦因数．已知打点计时器所用电源的频率为50Hz，物块下滑过程中所得到的纸带的一部分如图（b）所示，图中标出了五个连续点之间的距离．（1）物块下滑时的加速度a=m/s2，打C点时物块的速度v=m/s；（2）已知重力加速度大小为g，求出动摩擦因数，还需测量的物理量是（填正确答案标号）A．物块的质量B．斜面的高度C．斜面的倾角．10．（9分）电压表满偏时通过该表的电流是半偏时通过该表的电流的两倍．某同学利用这一事实测量电压表的内阻（半偏法）实验室提供材料器材如下：待测电压表（量程3V，内阻约为3000欧），电阻箱R0（最大阻值为99999.9欧），滑动变阻器R1（最大阻值100欧，额定电流2A），电源E（电动势6V，内阻不计），开关两个，导线若干．（1）虚线框内为该同学设计的测量电压表内阻的电路图的一部分，将电路图补充完整．（2）根据设计的电路写出步骤：．（3）将这种方法测出的电压表内阻记为R v′，与电压表内阻的真实值R v相比，R v′R v（填“＞”“=”或“＜”），主要理由是．11．（12分）如图，一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子在匀强电场中运动，A、B为其运动轨迹上的两点．已知该粒子在A点的速度大小为v0，方向与电场方向的夹角为60°；它运动到B点时速度方向与电场方向的夹角为30°．不计重力．求A、B两点间的电势差．12．（20分）下暴雨时，有时会发生山体滑坡或泥石流等地质灾害．某地有一倾角为θ=37°（sin37°=）的山坡C，上面有一质量为m的石板B，其上下表面与斜坡平行；B上有一碎石堆A（含有大量泥土），A和B均处于静止状态，如图所示．假设某次暴雨中，A浸透雨水后总质量也为m（可视为质量不变的滑块），在极短时间内，A、B间的动摩擦因数μ1减小为，B、C间的动摩擦因数μ2减小为0.5，A、B开始运动，此时刻为计时起点；在第2s末，B的上表面突然变为光滑，μ2保持不变．已知A开始运动时，A离B下边缘的距离l=27m，C足够长，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力．取重力加速度大小g=10m/s2．求：（1）在0～2s时间内A和B加速度的大小（2）A在B上总的运动时间．（二）选考题，共45分。
2015年甘肃省高三物理联考试题(终稿)
2015年甘肃省部分普通高中高三联考物理 试卷本卷分第I 卷（选择题）和第II 卷（非选择题）两部分，总分100分。
考试时间120分钟第Ⅰ卷（选择题，共40分）一、选择题：本题共12小题，共40分。
1～8每小题3分，每题只有一个选项符合题目要求，9～12每小题4分，在每个小题的四个选项中有多项符合题目要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，有选错的得0分。
1．下列叙述中符合物理史实的是（ ） A ．伽利略提出了日心说B. 亚里士多德否定了力是维持物体运动的原因 C ．奥斯特发现了电流的磁效应D ．牛顿发现了万有引力定律并测定了万有引力常量2. 人用手托着质量为m 的物体，从静止开始沿水平方向加速运动（物体与手始终相对静止），物体与手掌之间的动摩擦因数为μ，则下列说法正确的是（ ）A ．手对物体的作用力方向竖直向上B ．手对物体的作用力方向水平向前C ．手对物体作用力方向斜向前上方D ．物体所受摩擦力大小为mg μ3. 某物体在一足够大的光滑水平面上向西运动，当它受到一个向南的恒定外力作用时，物体将做（ ）A.匀变速直线运动B.匀变速曲线运动C.曲线运动但加速度方向改变，大小不变，是非匀变速曲线运动D.曲线运动但加速度方向和大小均改变，是非匀变速曲线运动 4.测速仪安装有超声波发射和接收装置，如图所示，B 为测速仪，A为汽车，两者相距335m ，某时刻B 发出超声波，同时A 由静止开始做匀加速直线运动，当B 接收到反射回来的超声波信号时，AB 相距355m ，已知声速340m/s ，则汽车的加速度大小为（ ）A.20m/s 2B. 10m/s 2C.5m/s 2D. 无法计算5.如图所示，在坡度一定的斜面顶点以大小相同的速度0v 同时水平向左与水平向右抛出两个小球A 和B ，两侧斜坡的倾角分别为︒37和︒53，小球均落在坡面上，若不计空气阻力，则A 和B 两小球的运动时间之比为（ ）A. 16 ：9B. 9 ：16C.3 ：4D.4 ：36．若各国的人造地球卫星都在不同的轨道上做匀速圆周运动，设地球的质量为M ，地球的半径为R 地．则下述判断正确的是（ ）A ．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的运行速度都不超过地R GM m /=υB ．各国发射的所有人造地球卫星在轨道上做匀速圆周运动的的运行周期都不超过GM/R R 2T m 地地π=C ．卫星在轨道上做匀速圆周运动的圆心不一定与地心重合D ．地球同步卫星做匀速圆周运动的的运行周期等于GM/R R 2地地π7. 将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的过程中，t v -图像如图所示,以下判断正确的是( )A ．前s 3内货物处于失重状态B ．最后s 2内货物只受重力作用C ．前s 3内平均速度小于最后s 2内的平均速度D ．最后2s 的过程中货物的机械能增加8.如图所示，A 、B 、C 、D 、E 、F 为正六边形的六个顶点，P 、Q 、M 分别为AB 、ED 、AF 的中点，O 为正六边形的中心。
2015届高三理综(物理部分)第三次诊断考试试题
2015年甘肃省张掖市高考物理三诊试卷一、选择题：（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分；有选错的得0分）1．（6分）（2015•张掖模拟）下列说法正确的是（）A．电荷的周围既有电场也有磁场，反映了电和磁是密不可分的B．由电场强度的定义式E=可知E的方向决定于q的正负C．法拉第首先总结出磁场对电流作用力的规律D．“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应【考点】：物理学史．【专题】：常规题型．【分析】：静止的电荷的周围存在电场，运动的电荷还存在磁场；根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解析】：解：A、静止的电荷的周围存在电场，运动的电荷还存在磁场，故A错误；B、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，故B错误；C、安培首先总结出磁场对电流作用力的规律，故C错误；D、“电生磁”和“磁生电”都是在变化、运动的过程中才能出现的效应，故D正确；故选：D．【点评】：理解电场与磁场的存在的范畴，认识电与磁的联系，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．（6分）（2015•张掖模拟）如图所示的x﹣t图象和v﹣t图象中，给出四条曲线1、2、3、4代表四个不同物体的运动情况，关于它们的物理意义，下列描述正确的是（）A．图线1表示物体做曲线运动B．x﹣t图象中t1时刻v1＞v2C．v﹣t图象中0至t3时间内3和4的平均速度大小相等D．两图象中，在t2、t4时刻2、4开始反向运动【考点】：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】：运动学中的图像专题．【分析】：x﹣t图线与v﹣t图线只能描述直线运动；x﹣t的斜率表示物体运动的速度，斜率的正和负分别表示物体沿正方向和负方向运动．v﹣t的斜率表示物体运动的加速度，图线与时间轴围成的面积等于物体在该段时间内通过的位移．平均速度等于位移与时间之比．根据相关知识进行解答．【解析】：解：A、运动图象反映物体的运动规律，不是运动轨迹，无论速度时间图象还是位移时间图象只能表示物体做直线运动．故A错误．B、在x﹣t图象中图线的斜率表示物体的速度，在t1时刻图线1的斜率大于图线2的斜率，故v1＞v2．故B正确．C、在v﹣t图线中图线与时间轴围成的面积等于物体发生的位移．故在0﹣t3时间内4围成的面积大于3围成的面积，故3的平均速度小于4的平均速度；故C错误．D、x﹣t图线的斜率等于物体的速度，斜率大于0，表示物体沿正方向运动；斜率小于0，表示物体沿负方向运动．而t2时刻之前物体的运动沿正方向，t2时刻之后物体沿负方向运动．故t2时刻开始反向运动．v﹣t图象中速度的正负表示运动方向，从0﹣t5这段时间内速度始终为正，故t4时刻没有反向运动．故D错误．答案：B．【点评】：对于v﹣t图线和s﹣t图线的基本的特点、意义一定要熟悉，这是我们解决这类问题的金钥匙，在学习中要多多积累．3．（6分）（2015•张掖模拟）压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小．一同学利用压敏电阻设计了判断升降机运动状态的装置，如甲图所示，将压敏电阻平放在升降机内，受压面朝上，在上面放一质量为m的物体，升降机静止时电流表示数为I0．某过程中电流表的示数如乙图所示，则在此过程中（）A．物体处于失重状态B．物体处于超重状态C．升降机一定向上做匀加速运动D．升降机一定向下做匀减速运动【考点】：闭合电路的欧姆定律；牛顿第二定律．【专题】：恒定电流专题．【分析】：根据升降机静止时电流表示数和此运动过程中电流，由欧姆定律分析压敏电阻的阻值如何变化，确定压敏电阻所受压力如何变化，判断物体处于失重状态还是超重状态，再分析升降机可能的运动情况．【解析】：解：AB、据题，升降机静止时电流表示数为I0，而此过程中电流表示数为2I0，电流增大，由欧姆定律分析压敏电阻的阻值变小，说明压敏电阻所受压力增大，大于重力，则物体处于超重状态．故A错误，B正确．CD、物体处于超重状态时，速度方向可能向下，也可能向上，则升降机可能向下做匀减速运动，也可能向上做匀加速运动．故C、D错误．故选：B．【点评】：本题是信息题，首先要抓住题中信息：压敏电阻的阻值会随所受压力的增大而减小，其他部分是常规问题．4．（6分）（2015•张掖模拟）如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ．质量为m、长为L的金属杆ab垂直导轨放置，整个装置处于垂直ab方向的匀强磁场中．当金属杆ab中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab保持静止．则磁感应强度的方向和大小可能为（）A．竖直向上，B．平行导轨向上，C．水平向右，D．水平向左，【考点】：安培力；共点力平衡的条件及其应用．【分析】：以金属杆为研究对象进行受力分析，由平衡条件判断安培力的最小值．从而求出磁场强度的最小值，然后根据右手定则判断磁场的方向．【解析】：解：金属导轨光滑，所以没有摩擦力，则金属棒只受重力支持力和安培力，根据平衡条件支持力和安培力的合力应与重力等大反向，根据矢量三角形合成法则作出三种情况的合成图如图：由图可以看出当安培力F与支持力垂直时有最小值：Fmin=mgsinθ即BIL=mgsinθ则Bmin=A、=•＞，由右手定则判断磁场的方向，竖直向上，故A 错误；B、cosθ不一定大于sinθ故B错误；C、＞，由右手定则判断磁场的方向水平向左，故C错误D正确．故选：D【点评】：本题借助磁场中安培力考查了矢量三角形合成法则求最小值问题，判断出最小值是关键．5．（6分）（2015•张掖模拟）如图，物块A和B的质量分别为4m和m，开始AB均静止，细绳拉直，在竖直向上拉力F=6mg作用下，动滑轮竖直向上加速运动．已知动滑轮质量忽略不计，动滑轮半径很小，不考虑绳与滑轮之间的摩擦，细绳足够长，在滑轮向上运动过程中，物块A和B的加速度分别为（）A．aA=g，aB=5g B．aA=aB=g C．aA=g，aB=3g D．aA=0，aB=2g【考点】：牛顿第二定律．【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】：通过对滑轮受力分析，求出绳上的拉力，由牛顿第二定律分别对AB可求得加速度【解析】：解：对滑轮【分析】：F﹣2T=ma，又m=0，所以，对A【分析】：由于T＜4mg故A静止，aA=0对B：aB=，故D正确故选：D【点评】：本题主要考查了牛顿第二定律求加速度，抓住受力分析是关键即可6．（6分）（2015•张掖模拟）“嫦娥二号”绕月卫星于2010年10月1日18时59分57秒在西昌卫星发射中心发射升空，并获得了圆满成功．“嫦娥二号”新开辟了地月之间的“直航航线”，即直接发射至地月转移轨道，再进入距月面约h=l×l05m的圆形工作轨道，开始进行科学探测活动．设月球半径为R，月球表面的重力加速度为g月，万有引力常量为G，则下列说法正确的是（）A．由题目条件可知月球的平均密度为B．“嫦娥二号”在工作轨道上绕月球运行的周期为2πC．“嫦娥二号”在工作轨道上的绕行速度为D．“嫦娥二号”在工作轨道上运行时的向心加速度为（）2g月【考点】：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【专题】：人造卫星问题．【分析】：月球表面重力等于万有引力，绕月卫星的向心力由万有引力提供，据此列式分析即可．【解析】：解：A、在月球表面重力与万有引力相等有可得月球质量M=，据密度公式可得月球密度=，故A正确；B、根据万有引力提供圆周运动向心力有可得周期T==，故B错误；C、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号绕行速度为，故C错误；D、根据万有引力提供圆周运动向心力可得嫦娥二号在工作轨道上的向心加速度，故D正确．故选：AD．【点评】：解决本题的关键是抓住星球表面重力与万有引力相等，万有引力提供圆周运动向心力入手，掌握公式及公式变换是正确解题的关键．7．（6分）（2015•张掖模拟）如图所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除R以外其余电阻不计．从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为u1=220sinl00πtV．下列说法中正确的（）A．t=s时，电压表的读数为22VB．t=s时，ac两点电压瞬时值为110VC．滑动变阻器触片向上移，电压表和电流表的示数均变大D．单刀双掷开关由a扳向b，电压表和电流表的示数均变小【考点】：变压器的构造和原理；正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【专题】：交流电专题．【分析】：由时间求出瞬时电压的有效值，再根据匝数比等于电压之比求电压，结合电路动态分析判断电阻增大时电流的变化．【解析】：解：A、原线圈两端电压有效值为220V，副线圈两端电压有效值为22V，电表测量的是有效值，故A正确；B、t=s时，ac两点电压瞬时值为110V，故B错误；C、滑动变阻器触片向上移，电阻变大，副线圈的电压由匝数和输入电压决定，伏特表的示数不变，安培表示数减小，C错误；D、单刀双掷开关由a扳向b，匝数比变小，匝数与电压成正比，所以伏特表和安培表的示数均变大，故D错误；故选：A【点评】：本题考查了变压器的特点，需要特别注意的是CD两选项，考查了电路的动态分析，这是高考中的热点．8．（6分）（2015•张掖模拟）如图所示，直角三角形ABC区域中存在一匀强磁场，比荷相同的两个粒子（不计重力）沿AB方向射入磁场，分别从AC边上的P、Q两点射出，则（）A．从P点射出的粒子速度大B．从Q点射出的粒子速度大C．从Q点射出的粒子在磁场中运动的时间长D．两个粒子在磁场中运动的时间一样长【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【专题】：带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：粒子在磁场中做圆周运动，根据题设条件作出粒子在磁场中运动的轨迹，根据轨迹分析粒子运动半径和周期的关系，从而分析得出结论【解析】：解：粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据几何关系（图示弦切角相等），粒子在磁场中偏转的圆心角相等，根据粒子在磁场中运动的时间：t=T，又因为粒子在磁场中圆周运动的周期T=，可知粒子在磁场中运动的时间相等，故D正确，C错误；如图，粒子在磁场中做圆周运动，分别从P点和Q点射出，由图知，粒子运动的半径RP＜RQ，又粒子在磁场中做圆周运动的半径R=知粒子运动速度vP＜vQ，故A错误，B正确；故选：BD【点评】：粒子在磁场中做圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由此根据运动特征作出粒子在磁场中运动的轨迹，掌握粒子圆周运动的周期、半径的关系是解决本题的关键三、非选择题：包括必考题和选考题，第9题-第12题为必考题，每个题每位考生必须作答，第13题-第17题为选考题，考生根据要求作答（一）必考题9．（6分）（2015•张掖模拟）在《探究加速度与力、质量的关系》实验中（1）某小组同学用如图1所示装置，采用控制变量方法，来研究在小车质量不变的情况下，研究小车加速度与小车受力的关系．下列措施中正确的是BDA．平衡摩擦力的方法就是将木板一端垫高，在塑料小桶中添加砝码，使小车在绳的拉力作用下能匀速滑动B．每次改变小车所受的拉力时，不需要重新平衡摩擦力C．实验中应先放小车，然后再开打点计时器的电源D．在每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量（2）如图2所示是某一次打点计时器打出的一条记录小车运动的纸带．取计数点A、B、C、D、E、F、G．纸带上两相邻计数点的时间间隔为T=0.10s，用刻度尺测量出各相邻计数点间的距离分别为AB=1.50cm，BC=3.88cm，CD=6.26cm，DE=8.67cm，EF=11.08cm，FG=13.49cm，则小车运动的加速度大小a= 2.4m/s2，打纸带上C点时小车的瞬时速度大小vC=0.51 m/s．（结果保留二位有效数字）【考点】：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】：实验题．【分析】：（1）探究加速度与力的关系实验时，需要平衡摩擦力，平衡摩擦力时，要求小车在无动力的情况下平衡摩擦力，不需要挂任何东西．平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mg sinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力．操作过程是先接通打点计时器的电源，再放开小车．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．【解析】：解：（1）A、实验时首先要平衡摩擦力，平衡摩擦力的方法就是，小车与纸带相连，小车前面不挂小桶，把小车放在斜面上给小车一个初速度，看小车能否做匀速直线运动，故A 错误；B、平衡摩擦力时，是重力沿木板方向的分力等于摩擦力，即：mgsinθ=μmgcosθ，可以约掉m，只需要平衡一次摩擦力，每次改变拉小车的拉力后都不需要重新平衡摩擦力，故B正确；C、为了提高纸带的利用率，在纸带上尽量多的打点，因此实验中应先接通电源，后放开小车，故C误；D、每次实验中，应使小车和砝码的质量远大于砂和小桶的总质量，故D正确；故选：BD．（2）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可得：设A到B之间的距离为x1，以后各段分别为x2、x3、x4、x5、x6，根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，得：x4﹣x1=3a1T2x5﹣x2=3a2T2x6﹣x3=3a3T2为了更加准确的求解加速度，我们对三个加速度取平均值，a=（a1+a2+a3）代入实验数据解得：a=2.4m/s2，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上C点时小车的瞬时速度大小．vC===0.51m/s；故答案为：（1）BD；（2）2.4，0.51．【点评】：对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，比如为什么要平衡摩擦力，为什么要先接通电源后释放纸带等．该题考查在“探究加速度与力、质量的关系”的实验中的注意事项：将不带滑轮的木板一端适当垫高，在不挂钩码的情况下使小车恰好做匀速运动；同时会求瞬时速度与加速度，学会通过描点作图象，注意单位的统一与正确的计算．10．（9分）（2015•张掖模拟）某同学要测量一节干电池的电动势和内电阻．实验室除提供开关S和导线外，有以下器材可供选择：电压表：V1（量程3V，内阻Rv1=10kΩ）电压表：V2（量程15V，内阻Rv2=50kΩ）电流表：G（量程3mA，内阻Rg=100Ω）电流表：A（量程3A，内阻约为0.5Ω）滑动变阻器：R1（阻值范围0～10Ω，额定电流2A）R2（阻值范围0～1000Ω，额定电流1A）定值电阻：R3=0.5Ω R4=10Ω①为了能准确地进行测量，同时为了操作方便，实验中电压表应选用V1，滑动变阻器应选用R1（填写器材的符号）．该同学发现所给的两个电流表的量程均不符合要求，他将电流表G进行改装，电流表G应与定值电阻R3并联，改装后的电流表对应的量程是0.603A．②在如图所示的虚线框内，画出该同学实验连线时依据的实验原理图．③电流表G改装后其表盘没有来得及重新刻度，该同学利用上述实验原理测得数据，以电流表G的读数为横坐标，以电压表V的读数为纵坐标绘出了如图所示的图线，根据图线可求出电源的电动势E= 1.48V （结果保留三位有效数字），电源的内阻r=0.85Ω （结果保留两位有效数字）．【考点】：测定电源的电动势和内阻．【专题】：实验题．【分析】：①根据干电池的电动势和滑动变阻器R1，可估算出电路中电流最小值，从而得出合理的电流表；根据并联电路的特点求解改装后的电流表对应的量程；为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器；②由实验中的原理及实验仪器可以选择合理的电路图；③根据电流表G读数与改装后电流表读数的关系，由闭合电路欧姆定律求出电源的电动势和内阻．【解析】：解：①一节干电池的电动势约E=3V，故电压表应选择V1；为方便实验操作，滑动变阻器应选R1，它的阻值范围是0〜10Ω，电路中最小电流约为：Imin===0.3A；电流表A的量程是3A，0.3A不到该量程的三分之一，流表量程太大，因此不能用电流表A．为了扩大电流表的量程，应并联一个小电阻；故应与R3并联；改装后电流表量程：I=Ig+=0.003+A=0.603A；②由题意可知，电流表用表头进行改装，电压表并联在电源两端；原理图如下图：③由上可知，改装后电流表的量程是电流表G量程的200倍，图象的纵截距b等于电源的电动势，由图读出电源的电动势为：E=1.48V．图线的斜率大小k=r，由数学知识知：k==0.84，则电源的内阻为：r=k=0.84Ω故答案为；①V1、R1、R3；0.603（填0.6或0.60均可）②如图所示③1.48，0.85（0.70﹣0.90之间）【点评】：测量电源的电动势和内电阻的实验，采用改装的方式将表头改装为量程较大的电流表，再根据原实验的研究方法进行分析研究，注意数据处理的方法．这是近年高考新的动向，应注意把握．11．（14分）（2015•张掖模拟）如图所示，有一个可视为质点的质量为m=1kg的小物块，从光滑平台上的A点以v0=2m/s的初速度水平抛出，到达C点时，恰好沿C点的切线方向进入固定在水平地面上的光滑圆弧轨道，最后小物块滑上紧靠轨道末端D点的质量为M=3kg的长木板．已知木板上表面与圆弧轨道末端切线相平，木板下表面与水平地面之间光滑，小物块与长木板间的动摩擦因数μ=0.3，圆弧轨道的半径为R=0.4m，C点和圆弧的圆心连线与竖直方向的夹角θ=60°，不计空气阻力，g取10m/s2．求：（1）小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力；（2）要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少多大？【考点】：向心力；平抛运动；动能定理．【专题】：匀速圆周运动专题．【分析】：（1）根据平抛运动的规律，结合到达C点的速度方向求出C点的速度大小，根据动能定理求出到达D点的速度，结合牛顿第二定律求出D点对物块的支持力，从而得出物块对轨道末端的压力大小．（2）结合动量守恒定律和能量守恒定律求出木板的至少长度．【解析】：解：（1）物块到达C点的速度与水平方向的夹角为60度，根据平行四边形定则知，vC=2v0=4m/s，根据动能定理得，根据牛顿第二定律得，N﹣mg=m代入数据，联立两式解得，，N=60N．则小物块对轨道的压力为60N．（2）根据动量守恒定律得，mvD=（M+m）v，解得v=．根据能量守恒定律得，代入数据解得L=2.5m．答：（1）小物块刚要到达圆弧轨道末端D点时对轨道的压力为60N；（2）要使小物块不滑出长木板，木板的长度L至少为2.5m．【点评】：本题考查了平抛运动、圆周运动与动量守恒定律、牛顿第二定律、动能定理、能量守恒的综合，知道平抛运动在竖直方向和水平方向上的运动规律和圆周运动向心力的来源是解决本题的关键．12．（18分）（2015•张掖模拟）如图甲所示，空间存在一有界匀强磁场，磁场的左边界如虚线所示，虚线右侧足够大区域存在磁场，磁场方向竖直向下．在光滑绝缘水平面内有一长方形金属线框，ab边长为l=0.2m，线框质量m=0.1kg、电阻R=0.1Ω，在水平向右的外力F作用下，以初速度v0=1m/s匀加速进入磁场，外力F大小随时间t变化的图线如图乙所示．以线框右边刚进入磁场时开始计时，求：（1）匀强磁场的磁感应强度B（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量q；（3）若线框进入磁场过程中F做功为WF=0.27J，求在此过程中线框产生的焦耳热Q．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律；焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）应用安培力公式求出安培力，由图示图象求出拉力，由牛顿第二定律求出加速度，然后求出磁感应强度．（2）由运动学公式求出线框的位移，由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，由欧姆定律求出电流，由电流的定义式求出电荷量．（3）由能量守恒定律求出产生的焦耳热．【解析】：解：（1）由F﹣t图象可知，当线框全部进入磁场后，F=0.2N时，线框的加速度：a===2m/s2，0时刻线框所受的安培力：F安培=BIL=，由图示图象可知：F=0.3N，由牛顿第二定律得：F﹣F安培=ma，代入数据解得：B=0.5T；（2）线框进入磁场过程通过截面电量：q=I△t，由法拉第电磁感应定律得E==，由闭合电路欧姆定律得：I=，解得，电荷量：q=，由匀变速直线运动得：x=v0t+at2，代入数据解得：x=0.75m，q=0.75C；（3）线框进入磁场过程，由能量守恒定律：WF=Q+mvt2﹣mv02，代入数据解得：Q=0.12J；答：（1）匀强磁场的磁感应强度B为0.5T．（2）线框进入磁场的过程中，通过线框的电荷量q为0.75C；（3）在此过程中线框产生的焦耳热Q为0.12J．【点评】：本题考查了求磁感应强度、电荷量与焦耳热，分析清楚线框的运动过程，应用安培力公式、牛顿第二定律、运动学公式、法拉第电磁感应定律、能量守恒定律即可正确解题．(二）选考题【物理一选修3-3】（15分）13．（6分）（2015•张掖模拟）下列说法正确的是（）A．气体的内能是所有分子热运动的动能和分子间的势能之和B．气体的温度变化时，其分子平均动能和分子间势能也随之改变C．功可以全部转化为热，但热量不能全部转化为功D．热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，但不能自发地从低温物体传递到高温物体E．一定量的气体，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加【考点】：物体的内能．【专题】：内能及其变化专题．【分析】：解决本题关键掌握物体内能的概念，知道温度的微观意义：温度是分子平均动能的标志；能够根据热力学第二定律理解功与热量的关系；气体的压强是由大量分子对器壁的碰撞而产生的，它包含两方面的原因：分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数和每一次的平均撞击力．【解析】：解：A、气体的内能是气体内所有分子热运动的动能和分子间势能之和，故A正确．B、温度是分子平均动能的标志，气体的温度变化时，其分子平均动能一定随之改变，而分子间势能不一定改变，故B错误．C、功可以全部转化为热，根据热力学第二定律可知，在外界的影响下热量也可以全部转化为功，故C错误．D、热量能够自发地从高温物体传递到低温物体，不能自发地从低温物体传递到高温物体，只有在外界的影响下，热量才能从低温物体传递到高温物体，故D正确．E、气体的压强是由大量分子对器壁的碰撞而产生的，它包含两方面的原因：分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数和每一次的平均撞击力．气体的温度降低时，分子的平均动能减小，所以，在压强不变时，分子每秒对器壁单位面积平均碰撞次数随着温度降低而增加．故E正确．故选：ADE．【点评】：解决本题关键掌握物体内能的概念，知道温度的微观意义：温度是分子平均动能的标志；能够根据热力学第二定律理解功与热量的关系．14．（9分）（2015•张掖模拟）如图，在大气中有一水平放置的固定圆筒，它由a、b和c三个粗细不同的部分连接而成，各部分的横截面积分别为2S、和S．已知大气压强为p0，温度为T0．两活塞A和B用一根长为4l的不可伸长的轻线相连，把温度为T0的空气密封在两活塞之间，此时两活塞的位置如图所示．现对被密封的气体加热，使其温度缓慢上升到T．若活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略，此时两活塞之间气体的压强可能为多少？【考点】：气体的等容变化和等压变化；封闭气体压强．【专题】：气体的状态参量和实验定律专题．【分析】：加热前，AB活塞处于平衡状态，由平衡方程可得内部气体压强和轻绳的张力．加热后由于没有摩擦，两活塞一起向左缓慢移动，气体体积增大，压强保持p1不变，若持续加热，此过程会一直持续到活塞向左移动的距离等于l为止，此时B被挡住，活塞不能继续移动；根据盖•吕萨克定律可得此时被封闭气体的温度，以此温度为分界，做讨论可得结果．【解析】：解：设加热前，被密封气体的压强为p1，轻线的张力为f，根据平衡条件可得：对活塞A：2p0S﹣2p1S+f=0对活塞B：p1S﹣p0S﹣f=0，解得：p1=p0f=0即被密封气体的压强与大气压强相等，轻线处在拉直的松弛状态，这时气体的体积为：V1=2Sl+Sl+Sl=4Sl对气体加热时，被密封气体温度缓慢升高，两活塞一起向左缓慢移动，气体体积增大，压强保持p1不变，若持续加热，此过程会一直持续到活塞向左移动的距离等于l为止，这时气体的体积为：V2=4Sl+Sl=5Sl根据盖•吕萨克定律得：解得：由此可知，当T≤时，气体的压强为：p2=p0当T＞T2时，活塞已无法移动，被密封气体的体积保持V2不变，由查理定律得：。
2015年甘肃省高考物理试卷(新课标Ⅱ)
2015年甘肃省高考物理试卷（新课标Ⅱ）一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．1. 如图，两平行的带电金属板水平放置。
若在两板中间a点从静止释放一带电微粒，微粒恰好保持静止状态。
现将两板绕过a点的轴（垂直于纸面）逆时针旋转45∘，再由a点从静止释放一同样的微粒，该微粒将（）A.向左上方做匀加速运动B.保持静止状态C.向左下方做匀加速运动D.向正下方做匀加速运动2. 如图，直角三角形金属框abc放置在匀强磁场中，磁感应强度大小为B，方向平行于ab边向上。
当金属框绕ab边以角速度ω逆时针转动时，a、b、c三点的电势分别为U a、U b、U c．已知bc边的长度为l。
下列判断正确的是（）A.U b>U c，金属框中电流方向沿a−b−c−aB.U a>U c，金属框中无电流C.U bc=−12Bl2ω，金属框中无电流D.U bc=12Bl2ω，金属框中电流方向沿a−c−b−a3. 由于卫星的发射场不在赤道上，同步卫星发射后需要从转移轨道经过调整再进入地球同步轨道．当卫星在转移轨道上飞经赤道上空时，发动机点火，给卫星一附加速度，使卫星沿同步轨道运行．已知同步卫星的环绕速度约为3.1×103m/s，某次发射卫星飞经赤道上空时的速度为1.55×103m/s，此时卫星的高度与同步轨道的高度相同，转移轨道和同步轨道的夹角为30∘，如图所示，发动机给卫星的附加速度的方向和大小约为（）A.东偏南方向，1.9×103m/s B.西偏北方向，1.9×103m/sC.东偏南方向，2.7×103m/sD.西偏北方向，2.7×103m/s4. 一汽车在平直公路上行驶．从某时刻开始计时，发动机的功率P随时间t的变化如图所示．假定汽车所受阻力的大小f恒定不变．下列描述该汽车的速度v随时间t变化的图线中，可能正确的是（）A. B.C. D.5. 指南针是我国古代四大发明之一．关于指南针，下列说法正确的是（）A.指南针能够指向南北，说明地球具有磁场B.指南针可以仅具有一个磁极C.在指南针正上方附近沿指针方向放置一直导线，导线通电时指南针不偏转D.指南针的指向会受到附近铁块的干扰6. 有两个匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，I中的磁感应强度是Ⅱ中的k倍，两个速率相同的电子分别在两磁场区域做圆周运动。
2015年高考第三次模拟考试试题 高三物理
2015年高考第三次模拟考试试题高三物理本卷分为第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分，共100分，考试时间为90分钟。
第Ⅰ卷(选择题共48分)注意事项：本卷共16题。
每题3分，在每题给出的四个选项中，1-11题只有一个选项正确；12-16题有的有多个选项正确，全部选对的得3分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
1．下列说法正确的是 ( )C ．两个初速度不为零的匀变速直线运动的合运动一定也是匀变速直线运动D ．物体受一恒力作用，可能做匀速圆周运动2．在同一水平直线上的两位置分别沿同方向抛出两小球A 和B ，其运动轨迹如图所示，不计空气阻力.要使两球在空中相遇，则必须 ( ) A ．甲先抛出A 球 B ．先抛出B 球 C ．同时抛出两球 D ．使两球质量相等3．2013年4月4日至12日CCTV 新闻频道播出《探潮亚马孙》节目，揭开亚马孙大潮的神秘面纱，在发生的大潮日，亚马孙河会出现长50公里，高五公尺的巨浪，是全世界最长，也最危险的海浪。
为了拍摄大潮更近距离的视频，在拍摄过程中一个摄像机架在行驶在潮前的摩托艇上。
摩托艇在某段时间内水平方向和竖直方向的位移分别为x= -2t 2-6t 、y=0.05t 2+4t(t 的单位是s,，x 、y 的单位是m)，则关于摩托艇在该段时间内的运动，下列说法正确的是 ( ) A ．摩托艇在水平方向的分运动是匀减速直线运动 B ．t=0时摩托艇的速度为0 C ．摩托艇的运动是匀变速曲线运动 D ．摩托艇运动的加速度大小为4m/s 24．一水平抛出的小球落到一倾角为θ的斜面上时，其速度方向与斜面垂直，运动轨迹如图中虚线所示．小球在竖直方向下落的距离与在水平方向通过的距离之比为 ( )A ．tan θB ．2tan θ C.1tan θD.12tan θ5．如图甲所示，一轻杆一端固定在O 点，另一端固定一小球，在竖直平面内做半径为R 的圆周运动。
小球运动到最高点时，杆与小球间弹力大小为N ，小球在最高点的速度大小为v ，N-v 2图像如乙图所示。
全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析
全国大联考】2015届高三第三次联考物理试题 Word版含解析2015届高三第三次联考物理试卷考生注意：1.本试卷共100分，考试时间90分钟。
2.在答题前，考生务必填写密封线内的项目。
3.请将试卷答案填在试卷后面的答题卷上。
4.本试卷主要考试内容：必修1(20%)、必修2(80%)。
第I卷(选择题共40分)选择题部分共10小题。
在每小题给出的四个选项中，1-6小题只有一个选项是正确的，7-10小题有多个选项是正确的。
全部选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得分。
1.在“探究弹性势能的表达式”的活动中，为计算弹簧弹力所做的功，将拉伸弹簧的过程分为很多小段，弹力在每小段可以认为是XXX。
用各小段做功的代数和表示弹力在整个过程所做的功。
物理学中把这种研究方法叫做“微元法”。
以下几个实例中应用到这一思想方法的是：A。
根据加速度的定义a=Δv/Δt。
当Δt非常小，就可以表示物体在t时刻的瞬时加速度。
B。
在推导匀变速直线运动的位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看作匀速直线运动，然后把各小段的位移相加。
C。
在探究加速度、力和质量三者之间关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系。
D。
在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用点来代替物体，即质点。
答案：B解析：A为极限法；B为微元法；C为控制变量法；D为理想模型法。
本题应选B。
2.某人在地面上最多能举起60 XXX的重物。
要使此人在升降机中恰能举起100 kg的重物，已知重力加速度g=10 m/s²，则下列说法可能正确的是：A。
升降机正加速上升，加速度大小为4 m/s²。
B。
升降机正加速下降，加速度大小为4 m/s²。
C。
升降机正减速下降，加速度大小为4 m/s²。
D。
升降机正减速上升，加速度大小为6 m/s²。
答案：B解析：依题意，此人最大的挺举能力为600 N。
2015届高三联考(三)试题 理综试题及答案
2015届高三下学期联考（三）理综试题本试卷分第I卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，满分300分，考试时间150分钟．注意事项：1．答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题纸上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题纸上的指定位置上．2．选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案用0．5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整，笔迹清楚．3．请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效．4．保持纸面清洁，不折叠，不破损．5．若做选考题时，考生应按照题目要求作答，并在答题纸上对应的题号后填写．第I卷（选择题共126分）可能用到的相对原子质量：H -1 C-12 N-14 O-16 S-32 Mn-55 Fe-56一、选择题（本题共13小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．）1．下列关于细胞结构和功能的叙述，正确的是A．核糖体是噬菌体、细菌、酵母菌唯一共有的细胞器B．细胞骨架和中心体都木含有磷脂C．细胞器之间都能通过囊泡进行物质运输D．当细胞衰老时，其细胞膜表面的糖蛋白物质会减少，导致粘着性降低2．下列关于豌豆的叙述，正确的是A．将高茎豌豆和矮茎豌豆间行种植，个体间可杂交B．及时排涝，能防止根细胞受乳酸毒害C．豌豆叶片黄化，叶绿体对红光的吸收减少D．成熟季节，豌豆种子通过光合作用制造大量有机物导致干重明显增加3．甲、乙、丙是某二倍体动物的3个正常细胞，其染色单体数分别为0、2N、4N，下列说法不正确的是A．甲细胞中的染色体数目可能最多B．乙细胞中染色体可能正向细胞两极移动C．丙细胞中可能有四个染色体组D．甲、乙、丙可能都在进行有丝分裂4．下表所列实验中，操作过程及主要目的对应合理的是5．某研究者对新生儿感染的细菌进行了耐药性实验，结果显示70%的致病菌具有耐药性，下列相关叙述正确的是A．细菌由于基因突变和染色体变异，形成了多种变异类型B．70%的致病菌具有耐药性，与新生儿是否接触过抗生素无关C．新生儿出生时接种疫苗，可预防各种细菌感染D．新生儿通过从母体获取的免疫球蛋白，对细菌发生的免疫反应属于非特异性免疫6．右图甲表示人体中体液中物质交换过程示意图，其中A、B、C表示三种细胞外液，D表示组织细胞，图乙表示生态系统中的物质循环示意图，其中A、B、C、D分别表示生态系统的四种组成成分．下列相关说法正确的是A．若图甲中的D为肌肉细胞，则其无氧呼吸产生的二氧化碳释放到A中，可导致A的pH下降B．图甲的C中含量最多的化合物是蛋白质C．图乙中的D可表示大气中的二氧化碳库，B可表示消费者D．图乙中的A表示的一定是自养生物7．有两组物质：①组CH4、聚乙烯、邻二甲苯②组2-丁烯、乙炔、苯乙烯下列有关上述有机物说法正确的是A．①组物质都不能使酸性高锰酸钾褪色，②组物质都能使酸性高锰酸钾褪色B．①组物质都不能使溴的四氯化碳褪色，②组物质都能使溴的四氯化碳褪色C．②组物质所有原子可以在同一平面内D．邻二甲苯的一氯代物只有两种8．右图是部分短周期元素原子（用字母表示）最外压A子数与原子序数的关系图．下列说法正确的是A．该图体现出原子核外电子层呈现周期性变化B．简单离子半径：C．R、Z形成的化合物中可能含有共价键D．由酸性：可证明非金属性：9．下列陈述I、II正确并且有因果关系的是10．实验室从含溴化氢的废液中提取溴单质，下列说法中能达到实验目的的是A．用装置甲氧化废液中的溴化氢B．用装置乙分离CCl4层和水层C．用装置丙分离CCl4和液溴D．用仪器丁长期贮存液溴11．下列表示对应化学反应的离子方程式．其中正确的是12．25℃时，醋酸、次氯酸、亚硝酸的电离常数如下表，下列叙述不正确的是13．用酸性氢氧燃料电池（甲池）为电源进行电解的实验装置（乙池，一定条件下可实现有机物的电化学储氢）如下图所示．甲池中C为含苯的物质的量分数为10%的混合气体，D为l0mol混合气体其中苯的物质的量分数为24 010（杂质不参与反应），E为标准状况下2．8mol气体（忽略水蒸汽），下列说法正确的是A．甲池中A处通入H2，E处有O2放出B．甲池中H+由F极移向G极C．乙池中阴极区只有苯被还原D．导线中共传导11.2mol电子二、选择题（本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第14~18题只有一项符合题目要求，第19~21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分。
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甘肃省平凉市华亭二中2015届高考物理三模试卷一、单项选择题（每个题目只有一个正确选项，每题3分，共30分）1．（3分）在一个匀强电场中有a、b两点，相距为d，电场强度为E，把一个电量为q的负电荷由a移到b点时，电场力对电荷做正功W，以下说法正确的是（）A．a点电势比b点电势低B．a、b两点电势差大小为U=EdC．由a到b的过程中，电荷的电势能增加D．该电荷在b点电势能较a点大2．（3分）真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r，则A、B两点的电场强度大小之比为（）A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：93．（3分）在电场中某点放一检验电荷，其电量为q，所受电场力为F．按场强定义可知，该点的场强大小E=．那么，下列说法中正确的是（）A．若移走检验电荷，则该点的电场强度为零B．若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小为C．若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小为2ED．若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度人小仍为E4．（3分）下列关于电场线性质的说法中，正确的是（）A．电场线是电荷受到电场力的作用而改变运动状态所运动的轨迹B．在电场中没有电荷的空间里，电场线既不中断也不相交C．正电荷在电场中某一点的速度方向，就是通过这点电场线的切线方向D．相邻两条电场线间的空白处，电场强度必定零5．（3分）如图是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，滑道底部B处安装一个压力传感器，其示数N表示该处所受压力的大小，某滑块从斜面上不同高度h处由静止下滑，通过B点时，下列表述正确的有（）A．N小于滑块重力B．N越大表明h越小C．N越大表明h越大D．N大小与重力无关6．（3分）如图，用细线悬挂一小铁块，将小铁块拉直到如图所示的水平位置，然后放手使小块从静止开始向下摆动，在小铁块摆向最低点的过程中，重力对小铁块做功的功率（）A．保持不变B．不断变大C．不断变小D．先变大，后变小7．（3分）原香港中文大学校长、被誉为“光纤之父”的华裔科学家高锟和另外两名美国科学家共同分享了2009年度的诺贝尔物理学奖．早在1996年中国科学院紫金山天文台就将一颗于1981年12月3日发现的国际编号为“3463”的小行星命名为“高锟星”．假设“高锟星”为均匀的球体，其质量为地球质量的，半径为地球半径的，则“高锟星”表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的（）A．B．C．D．8．（3分）一带负电的点电荷仅在电场力作用下由a点运动到b点的v﹣t图象如图所示，其中t a和t b是电荷运动到电场中a、b两点的时刻．下列说法正确的是（）A．该电荷由a点运动到b点，电场力做负功B．a点处的电场线比b点处的电场线密C．a、b两点电势的关系为ϕa＜ϕbD．该电荷一定做曲线运动9．（3分）一质量为m的小球用长为L的轻绳悬挂于O点小球在水平力F的作用下，从平衡位置甲处缓慢移动到乙处．则力F所做的功为（）A．m gLcosαB．F LsinαC．m gL（1﹣cos α）D．FLtanα10．（3分）有一平行板电容器，将电荷充满之后断开电路，现在缓慢增大两板之间的距离，则可能会出现的情况是（）A．U变大，E不变B．U不变，E不变C．U变小，E变小D．U不变，E变小二、多项选择题（每个题目正确选项不止一个，选对得3分，漏选得2分，选错不得分，共15分）11．（3分）如图所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下（不计重力）一带电粒子经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，以下判断正确的是（）A．A、B两点相比较，A点电势高B．粒子在A点时加速度大C．粒子带正电D．粒子在B点的动能大12．（3分）两个异种电荷产生的电场的电场线分布如图所示，则下列说法正确的是（）A．图中正电荷的电量大于负电荷的电量B．P点处的电场强度大于Q点处的电场强度C．P点处的电势小于Q点处的电势D．某一负电荷在P点处的电势能大于在Q点处的电势能13．（3分）质量为m的物体从距地面h高处的某点自由下落到地面，在这过程中不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．重力对物体做功为mgh B．重力势能减少为mghC．动能增加mgh D．机械能增加mgh14．（3分）以恒定功率运动的汽车，若运动过程中阻力不变，则牵引力F、加速度a、速度v的变化情况是（）A．F、v不断增大，a不断减小，最后匀速运动B．F、a不断减小，v不断增大，最后匀速运动C．F、a不变，汽车做匀加速运动D．速度最大时，其大小等于恒定功率与阻力的比值15．（3分）如图所示，一木块放在光滑水平面上，一子弹水平射入木块中，射入深度为d，平均阻力为f．设木块离原点s远时开始匀速前进，下列判断正确的是（）A．功fs量度子弹损失的动能B．f（s+d）量度子弹损失的动能C．f d量度子弹损失的动能D．f s 量度子弹、木块系统总机械能的损失三、填空题（每空2分，共20分）16．（8分）某同学做探究恒力做功与动能改变的关系的实验装置如图1所示．（1）在实验中，用绳的拉力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为还应该采取的两项措施是：第一：第二：勾码与小车的质量关系应该满足（2）图2所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图2，则打C点时小车的速度为，要验证合外力的功与动能改变间的关系，除位移、速度外，还要测出的物理量有．17．（4分）汽车发动机的功率为60kw其总质量为5t．在水平路面上行驶时，所受阻力恒为5.0×103N．汽车所能达到的最大速度为，若汽车以0.5m/s，的加速度由静止开始做匀加速运动这一过程能维持的时间为．18．（4分）如图所示，在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的长为L的绝缘细线的一端连着一个质量为m，带电量为+q小球，另一端固定于O点，把小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速由A点释放，已知细线转过60°角，小球到达B点时速度恰为零．则（1）A、B两点的电势差为；（2）匀强电场的电场强度为．19．（4分）两块平行金属板，相距2厘米，组成一个电容器．当将它接在200伏的直流电压上时，它所带的电量是5×10﹣8库．那么，电容器的极板间的场强大小为，电容器的电容大小为．四、计算题（共35分）20．（5分）质量为1kg的物体以20m/s的初速度竖直上抛，所受空气阻力大小为2.5N，且保持不变，g取10m/s2．求：（1）物体能够上升的最大高度是多少？（2）物体落回到抛出点时的速度是多少？21．（5分）如图，A、B两点所在的圆半径分别为r1和r2，这两个圆为同心圆，圆心处有一带正电为+Q的点电荷，内外圆间的电势差为U．一电子仅在电场力作用下由A运动到B，电子经过B点时速度为v．若电子质量为m，带电量为e．求：（1）电子经过B点时的加速度大小．（2）电子在A点时的速度大小v0．22．（5分）如图所示，粗糙的水平面与竖直平面内的光滑弯曲轨道BC在B点相接．一小物块从AB上的D点以初速v0=8m/s出发向B点滑行，DB长为12m，物块与水平面间动摩擦因数μ=0.2，求：（1）小物块滑到B点时的速度；（2）小物块能沿弯曲轨道上滑到距水平面的最大高度．23．（10分）两平行板间有水平匀强电场，场强为E，一根长为L，不可伸长的不导电细绳的一端连着一个质量为m、带电量为q的小球，另一端固定于O点．把小球拉起直至细线与电场线平行，然后无初速度释放．已知小球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为θ求（1）小球到最低点的速度（2）经过最低点时，细线对小球的拉力．24．（10分）如图所示，两平行金属板A、B长L=8cm，两板间距离d=8cm，A板比B板电势高300V，一不计重力的带正电的粒子电荷量q=10﹣10C，质量m=10﹣20kg，沿着两金属板的中心线垂直电场线飞入电场，初速度v0=2×106m/s，求：（1）粒子穿过金属板时偏离中心线的距离y（2）粒子穿出电场是的速度大小和方向．甘肃省平凉市华亭二中2015届高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每个题目只有一个正确选项，每题3分，共30分）1．（3分）在一个匀强电场中有a、b两点，相距为d，电场强度为E，把一个电量为q的负电荷由a移到b点时，电场力对电荷做正功W，以下说法正确的是（）A．a点电势比b点电势低B．a、b两点电势差大小为U=EdC．由a到b的过程中，电荷的电势能增加D．该电荷在b点电势能较a点大考点：电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电势差的定义分析电势差U ab．根据推论：正电荷在电势高处其电势能大，分析ab两点电势高低．对照适用条件分析U=Ed的正误．解答：解：A、负电荷从a移动到b，电场力做正功W，电势能减小，根据推论：负电荷在电势高处其电势能小，则知a点电势比b点低．故A正确．B、当ab两点在同一电场线上时，U=Ed．本题ab是否在同一电场线上不确定，则U大小不一定为等于Ed，故B错误．C、由上知：由a到b的过程中，电荷的电势能减小，故C错误．D、电荷的电势能减小，则该电荷在b点电势能较a点小，故D错误．故选：A．点评：电场这一章概念较多，也很抽象，要从物理量的定义出发，从定义式中各个量的含义、矢标性、条件、与其他概念的区别与联系等方面加深对概念的理解，2．（3分）真空中，A、B两点与点电荷Q的距离分别为r和3r，则A、B两点的电场强度大小之比为（）A．3：1 B．1：3 C．9：1 D．1：9考点：点电荷的场强．专题：电场力与电势的性质专题．分析：直接根据库伦定律公式计算出试探电荷q所受电场力，然后利用电场强度的定义式即可求出在M所在处的场强的大小．解答：解：引入一个试探电荷q，分别计算它在AB两点受的电场力．，，得：F1=9F2根据电场强度的定义式：，得：故选：C点评：本题很简单直接考查了库伦定律和电场强度定义式的应用，对于这些公式一定要明确其适用条件和公式中各个物理量的含义．3．（3分）在电场中某点放一检验电荷，其电量为q，所受电场力为F．按场强定义可知，该点的场强大小E=．那么，下列说法中正确的是（）A．若移走检验电荷，则该点的电场强度为零B．若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小为C．若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度大小为2ED．若放在该点的检验电荷的电量为2q，则该点的电场强度人小仍为E考点：电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，有本身性质决定．解答：解：电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，无论有无放入检验电荷、检验电荷的电量如何，电场强度不变．故D正确，A、B、C错误．故选D．点评：解决本题的关键知道电场中的电场强度与放入电场中的电荷无关，有本身性质决定．4．（3分）下列关于电场线性质的说法中，正确的是（）A．电场线是电荷受到电场力的作用而改变运动状态所运动的轨迹B．在电场中没有电荷的空间里，电场线既不中断也不相交C．正电荷在电场中某一点的速度方向，就是通过这点电场线的切线方向D．相邻两条电场线间的空白处，电场强度必定零考点：电场线；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．正电荷在电场中某一点的受到的电场力的方向，就是通过这点电场线的切线方向．解答：解；A、在非均匀的电场中，初速为零、重力不计的带电粒子在电场中运动轨迹不会与电场线重合，所以电场线不是电荷受到电场力的作用而改变运动状态所运动的轨迹，故A错误；B、在电场中没有电荷的空间里，电场线既不中断也不相交，故B正确C、正电荷在电场中某一点的受到的电场力的方向，与该点的电场强度的方向相同，就是通过这点电场线的切线方向，故C错误D、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，相邻两条电场线间的空白处，电场强度不是0，故D错误故选：B点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．本题中容易出错的选项是D，要注意相邻两条电场线间的空白处，电场强度不是0．5．（3分）如图是滑道压力测试的示意图，光滑圆弧轨道与光滑斜面相切，滑道底部B处安装一个压力传感器，其示数N表示该处所受压力的大小，某滑块从斜面上不同高度h处由静止下滑，通过B点时，下列表述正确的有（）A．N小于滑块重力B．N越大表明h越小C．N越大表明h越大D．N大小与重力无关考点：向心力；牛顿第二定律．专题：牛顿第二定律在圆周运动中的应用．分析：在B点，滑块在竖直方向上的合力提供向心力，根据牛顿第二定律结合动能定理求出滑块对B点压力的大小．解答：解：在B点，根据牛顿第二定律有：N﹣mg=m，则得N=mg+m，则知支持力大于重力，则压力大于重力．根据动能定理得，mgh=．代入解得N=mg+，知N越大，表明h越大．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键搞清滑块做圆周运动向心力的来源，根据牛顿第二定律和动能定理联合求解．6．（3分）如图，用细线悬挂一小铁块，将小铁块拉直到如图所示的水平位置，然后放手使小块从静止开始向下摆动，在小铁块摆向最低点的过程中，重力对小铁块做功的功率（）A．保持不变B．不断变大C．不断变小D．先变大，后变小考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：取开始时和最低点时分析重力的功率即可分析重力功率变化情况．解答：解：开始时，球的速度为零，重力的功率为零，而当球到达最低点时，速度虽然最大，但方向沿水平方向，故此时重力的功率也为零，而在运动中重力与速度有一定夹角，故功率不为零，因此可知重力的功率一定是先增大，后减小的，故D正确；故选：D．点评：本题无法由公式直接得出结果，但可以采用分析的方法结合重力功率公式及做功公式进行定性分析得出结果．7．（3分）原香港中文大学校长、被誉为“光纤之父”的华裔科学家高锟和另外两名美国科学家共同分享了2009年度的诺贝尔物理学奖．早在1996年中国科学院紫金山天文台就将一颗于1981年12月3日发现的国际编号为“3463”的小行星命名为“高锟星”．假设“高锟星”为均匀的球体，其质量为地球质量的，半径为地球半径的，则“高锟星”表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的（）A．B．C．D．考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据万有引力等于重力得出重力加速度与天体质量和半径的关系，从而结合质量之比、半径之比求出重力加速度的比值．解答：解：根据得，g=．因为高锟星的质量为地球质量的，半径为地球半径的，则“高锟星”表面的重力加速度是地球表面的重力加速度的．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握万有引力等于重力这一理论，并能灵活运用．8．（3分）一带负电的点电荷仅在电场力作用下由a点运动到b点的v﹣t图象如图所示，其中t a和t b是电荷运动到电场中a、b两点的时刻．下列说法正确的是（）A．该电荷由a点运动到b点，电场力做负功B．a点处的电场线比b点处的电场线密C．a、b两点电势的关系为ϕa＜ϕbD．该电荷一定做曲线运动考点：电势能；匀变速直线运动的图像；电势．专题：电场力与电势的性质专题．分析：由速度图象看出，该电荷由a点运动到b点，速度增大，电场力做正功．图象的斜率增大，加速度增大，场强增大，即可判断电场线的疏密．根据电场力做功正负，分析电势关系．解答：解：A、由速度图象看出，该电荷由a点运动到b点，速度增大，动能增大，则电场力做正功．故A错误．B、图象的斜率增大，加速度增大，由a=知，场强增大，电场线越来越密，则a点处的电场线比b点处的电场线疏．故B错误．C、负电荷的动能增大，电势能减小，则电势升高，即有ϕa＜ϕb．故C正确．D、该电荷一定做直线运动．故D错误．故选C点评：本题是速度图象与电场知识的综合，抓住斜率分析加速度，即可得到场强的变化情况，由电势能的变化，可判断电势高低．9．（3分）一质量为m的小球用长为L的轻绳悬挂于O点小球在水平力F的作用下，从平衡位置甲处缓慢移动到乙处．则力F所做的功为（）A．m gLcosαB．F LsinαC．m gL（1﹣cos α）D．FLtanα考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：从平衡位置P点很缓慢地移动到Q点，动能的变化量为零，根据动能定理求出水平力F所做的功．解答：解：对P到Q的过程重力和拉力做功，运用动能定理得：W F﹣mgL（1﹣cosθ）=0．解得水平力F做功的大小为：W F=mgL（1﹣cosθ）．故选：C点评：解决本题的关键知道在缓慢移动的过程中，F不是恒力，不能通过功的公式进行求解．10．（3分）有一平行板电容器，将电荷充满之后断开电路，现在缓慢增大两板之间的距离，则可能会出现的情况是（）A．U变大，E不变B．U不变，E不变C．U变小，E变小D．U不变，E变小考点：电容器的动态分析．分析：根据公式C=、C=、U=Ed推导出场强和电压表达式进行分析即可．解答：解：D、电容器充电后，先把电源断开，根据电荷守恒定律，不论两板间的距离怎么变，带电量不变；根据公式C=、C=、U=Ed，有：E=故场强与极板距离无关，场强不变；若两板间的距离变大，根据公式C=，电容器的电容减小，根据公式C=，可知，电压U变大，故A正确，BCD错误；故B正确；故选：A．点评：本题关键是推导出场强和电压的表达式进行分析，记住电容器的定义公式和决定公式是关键，基础题目．二、多项选择题（每个题目正确选项不止一个，选对得3分，漏选得2分，选错不得分，共15分）11．（3分）如图所示，带箭头的线段表示某一电场的电场线，在电场力作用下（不计重力）一带电粒子经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，以下判断正确的是（）A．A、B两点相比较，A点电势高B．粒子在A点时加速度大C．粒子带正电D．粒子在B点的动能大考点：电场线；电势；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：电场线是从正电荷或者无穷远出发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小．解答：解：A、沿电场线的方向，电势降低，所以A点电势比B点电势高，故A正确；B、电场线密的地方电场的强度大，所以粒子在B点受到的电场力大，在B点时的加速度较大，所以B错误．C、电场线的方向向上，根据粒子的运动的轨迹可以判断得出粒子受到的电场力的方向为向下，与电场线的方向相反，所以该离子带负电，所以C错误；D、从A到B得过程中，电场力对粒子做负功，所以粒子的动能减小，电势能增加，所以D 错误．故选A．点评：加强基础知识的学习，掌握住电场线的特点，即可解决本题．12．（3分）两个异种电荷产生的电场的电场线分布如图所示，则下列说法正确的是（）A．图中正电荷的电量大于负电荷的电量B．P点处的电场强度大于Q点处的电场强度C．P点处的电势小于Q点处的电势D．某一负电荷在P点处的电势能大于在Q点处的电势能考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电场线．专题：电场力与电势的性质专题．分析：要正确在电场中通过电场线来判断电场强度、电势、电势能大小变化，理解这些概念之间的关系．解答：解：A、由图电场线的分布可知，正电荷的电量大于负电荷的电量，故A正确；B、从电场线的分布情况可知，P点的电场线比Q点的密，所以P点处的电场强度大于Q点处的电场强度，故B正确；C、沿着电场线方向电势降低，因此P点处的电势高于Q点处的电势，故C错误；D、某一负电荷从P点处移到在Q点处，电场力做负功，电势能增加，因此P点处的电势能小于在Q点处的电势能，故D错误．故选AB．点评：电场强度、电势、电势能、电场力做功等概念是本章的重点和难点，要弄清它们之间的区别和联系，并能在实际电场中或者电荷运动过程中弄清它们的变化．13．（3分）质量为m的物体从距地面h高处的某点自由下落到地面，在这过程中不计空气阻力，下列说法正确的是（）A．重力对物体做功为mgh B．重力势能减少为mghC．动能增加mgh D．机械能增加mgh考点：功能关系．分析：本题A根据功的计算公式求解即可；题B根据重力做功与重力势能变化的关系即可求解；题C根据动能定理求解即可；题D根据机械能守恒的条件即可求解．解答：解：A：根据功的计算公式可知，重力做的功为=mgh，所以A正确；B：根据重力做功与重力势能变化的关系可知，重力做正功重力势能减少，减少的重力势能等于重力做的功，所以B正确；C：根据动能定理可知==mgh，所以C正确；D：物体下落过程中只有重力做功，物体的机械能应守恒，所以D错误；故选：ABC．点评：应明确重力做功的特点以及与重力势能变化的关系．14．（3分）以恒定功率运动的汽车，若运动过程中阻力不变，则牵引力F、加速度a、速度v的变化情况是（）A．F、v不断增大，a不断减小，最后匀速运动B．F、a不断减小，v不断增大，最后匀速运动C．F、a不变，汽车做匀加速运动D．速度最大时，其大小等于恒定功率与阻力的比值考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：发动机的功率保持不变，根据P=Fv，v增大，F减小，根据牛顿第二定律可以判断加速度的变化．解答：解：根据P=Fv，发动机的功率不变，汽车加速行驶的过程中，速度增大，则牵引力减小，根据a=，阻力不变，加速度减小，故B正确故选：B点评：解决本题的关键知道通过P=Fv判断牵引力的变化，根据牛顿第二定律，通过合力的变化判断加速度的变化．15．（3分）如图所示，一木块放在光滑水平面上，一子弹水平射入木块中，射入深度为d，平均阻力为f．设木块离原点s远时开始匀速前进，下列判断正确的是（）A．功fs量度子弹损失的动能B．f（s+d）量度子弹损失的动能C．f d量度子弹损失的动能D．f s 量度子弹、木块系统总机械能的损失考点：功能关系．分析：子弹射入木块的过程中，木块对子弹的阻力f做功为﹣f（s+d），子弹对木块的作用力做功为fd，根据动能定理，分别以木块和子弹为研究对象，分析子弹和木块的动能变化量，最后得到系统动能的减小量．解答：解：A、根据动能定理，子弹损失的动能等于克服阻力做的功，为f（s+d），故AC 错误，B正确；D、在整个过程中，子弹对木块的阻力对木块做功，木块动能增加，木块不损失动能，系统克服阻力做功转化为内能，系统损失的机械能为fd，故D错误；故选：B．点评：本题关键是明确能量转化和转移情况，要能结合动能定理列式求解．三、填空题（每空2分，共20分）16．（8分）某同学做探究恒力做功与动能改变的关系的实验装置如图1所示．（1）在实验中，用绳的拉力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为还应该采取的两项措施是：第一：平衡摩擦力第二：勾码与小车的质量关系应该满足钩码的质量远小于小车的总质量（2）图2所示是某次实验中得到的一条纸带，其中A、B、C、D、E、F是计数点，相邻计数点间的时间间隔为T．距离如图2，则打C点时小车的速度为，要验证合外力的功与动能改变间的关系，除位移、速度外，还要测出的物理量有钩码的重力和小车的质量．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题；动能定理的应用专题．分析：（1）小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：设小车加速度为a，则：绳上的力为F=Ma，对钩码来说：mg﹣Ma=ma，即：mg=（M+m）a，如果用钩码的重力表示小车受到的合外力，则Ma=（M+m）a，必须要满足钩码的质量远小于小车的总质量．（2）C是BD的中间时刻，所以C点的速度就等于BD过程中的平均速度．（3）验证合外力的功与动能变化间的关系的原理：mgx=，需要测量的物理量有：钩码质量m，小车的质量M，位移x，速度v．解答：解：（1）小车在水平方向上受绳的拉力和摩擦力，想用钩码的重力表示小车受到的合外力，首先需要平衡摩擦力；其次：设小车质量M，钩码质量m，整体的加速度为a，绳上的拉力为F，则：对小车有：F=Ma；对钩码有：mg﹣F=ma，即：mg=（M+m）a；。