2019最新新人教版高考物理第一轮复习优练题含解析 (4)
2019高考物理：一轮复习优练题10含解析新人教版1017378(含答案).doc
人教物理2019高考一轮优练题（10）李仕才一、选择题1、（2018宁夏石嘴山高三上期中）如图甲所示，以速度v 逆时针匀速转动的足够长的传送带与水平面的夹角为θ．现将一个质量为m的小木块轻轻地放在传送带的上端，小木块与传送带间的动摩擦因数为μ，则乙图中能够正确地描述小木块的速度随时间变化关系的图线可能是（）【答案】CD2、（2018届天津市耀华中学月考）2007年11月5日,“嫦娥一号”探月卫星沿地月转移轨道到达月球,在距月球表面200km 的P点进行第一次“刹车制动”后被月球捕获,进入椭圆轨道I 绕月飞行,如图所示、之后,卫星在P点又经过两次“刹车制动”,最终在距月球表面200km的圆形轨道Ⅲ上绕月球做匀速圆周运动、则下列说法正确的是( )A. 由于“刹车制动”,卫星在轨道Ⅲ上运动的周期将比沿轨道I运动的周期长B. 虽然“刹车制动”,但卫星在轨道Ⅲ上运动的周期还是比沿轨道Ⅰ运动的周期短C. 卫星在轨道Ⅱ上经过P点时的速度比在轨道Ⅲ上经过P 点的速度大D. 卫星在轨道Ⅲ上运行时的速度比月球的第一宇宙速度大【答案】BC3、有一种飞行器是利用电场加速带电粒子，形成向外发射的高速粒子流，对飞行器自身产生反冲力，从而对飞行器的飞行状态进行调整的。
已知飞行器发射的高速粒子流是由二价氧离子构成的。
当单位时间内发射的离子个数为n，加速电压为U时，飞行器获得的反冲力为F。
为了使加速器获得的反冲力变为2F，只需要（）A．将加速电压变为2UB．将加速电压变为4UC．将单位时间内发射的离子个数变为2nD．将单位时间内发射的离子个数变为2n【答案】BD对于单位时间，t=1s，则F=n 2qmU则得：为了使加速器获得的反冲力变为2F，只需要将加速电压变为4U或将单位时间内发射的离子个数变为2n。
故选BD。
4、（2018吉林省延边州敦化中学期末）如图所示，空间存在一匀强电场，平行实线为该电场等势面，其方向与水平方向间的夹角为30°，AB与等势面垂直，一质量为m，电荷量为q的带正电小球，以初速度v0从A点水平向右抛出，经过时间t小球最终落在C点，速度大小仍是v0，且AB=BC，重力加速度为g，则下列说法中正确的是A. 电场方向沿A 指向BB. 电场强度大小为33mg qC. 小球下落高度214gt D. 此过程增加的电势能等于2214mg t 【答案】BCD小球在下落过程中初末动能不变，由动能定理可知，mgAB cos30°-EqAC cos30°=0，解得： 33mg E q ；故B 正确；电场力的竖直分量为cos30=2y mg F qE =⋅︒，则物体在竖直方向上的合力为1=mg 2y F mg ma -=合，则由牛顿第二定律知12y a g =，则下落高度221124y h a t gt ==，故C 正确；此过程中电场力做负功，电势能增加，由几何关系知小球沿电场线方向上的位移为23cos30=cos604h d gt =⋅︒︒，则电势能的增加量2214P E qEd mg t ∆==，故D 正确。
人教物理2019高考一轮优练题(4)含答案-精选学习文档
人教物理2019高考一轮优练题（4）含答案一、选择题1、（2019云南省玉溪市玉溪一中月考）如图所示，圆盘绕竖直轴匀速转动，盘的中心有一个质量为2m的物块A，沿半径方向离中心轴距离为L处有一质量为m的物块B，两物块间用轻绳连接，绳刚好处于伸直状态，物块可以看做质点。
两物块与盘面间的动摩擦因数均为μ，重力加速度为g，物块的最大静摩擦力等于滑动摩擦力，则下列说法正确的是A. 当转动的角速度为时，绳的拉力为零B. 若转动的角速度为时，绳的拉力大小为μmgC. 若转动的角速度为时，物块A受到的摩擦力为零D. 当转动的角速度增大为时，两物块做离心运滑动【答案】ABD2、（2019山东省枣庄八中期中）物理学的发展极大地丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了人类文明的进步，关于物理学中运动与力的发展过程和研究方法的认识，下列说法中正确的是（）A. 亚里士多德首先提出了惯性的概念B. 伽利略对自由落体运动研究方法的核心是：把实验和逻辑推理（包括数学演算）结合起来，从而发展了人类的科学思维方式和科学研究方法C. 牛顿三条运动定律是研究动力学问题的基石，牛顿的三条运动定律都能通过现代的实验手段直接验证D. 力的单位“N”是基本单位，加速度的单位“”是导出单位【答案】B3、在地面附近，存在着两个有边界的理想电场，边界AB将该空间分成上、下两个区域Ⅰ、Ⅱ，区域Ⅰ中有竖直向上的匀强电场，区域Ⅱ中有竖直向下的匀强电场，两区域电场强度大小相等，在区域Ⅰ中的P点由静止释放一个质量为m、电荷量为q的带电小球，小球穿过边界AB时的速度为v0，进入区域Ⅱ到达M点时速度刚好为零，如图所示．已知此过程中小球在区域Ⅱ中运动的时间是在区域Ⅰ中运动时间的2倍，已知重力加速度为g，不计空气阻力，以下说法正确的是( ) A．小球带正电B．电场强度大小为3mg qC．P点距边界AB的距离为2 0 8 v gD．若边界AB处电势为零，则M点电势为－20 34 mvq【答案】BCD的距离为x1＝212va＝28vg，M点距边界AB的距离为x2＝222va＝24vg，M点与AB边界的电势差U＝Ex2＝234vmgq g·＝234mvq，若边界AB处电势为零，则M点的电势φM＝－234mvq，选项B、C、D正确．4、（2019山东师大附中月考）如图，在正点电荷Q的电场中有M、N、P、F四点,M、N、P 为直角三角形的三个顶点，F为MN的中点，∠M＝30°.M、N、P、F四点处的电势分别用φM、φN、φP、φF表示．已知φM＝φN，φP＝φF，点电荷Q在M、N、P三点所在平面内，则( )A．点电荷P一定在MP的连线上B．连接PF的线段一定在同一等势面上C．将正试探电荷从P点搬运到N点，电场力做负功D．φP大于φM【答案】AD确(另解：根据题意φM＝φN，φP＝φF，可知点电荷Q一定在MN的中垂线与PF连线的中垂线的交点处，作PF连线的中垂线交MP于点O，连结O、F两点，由几何知识知OF为MN的中垂线，故点电荷Q一定在MP的连线上的O点，A正确)；点电荷形成的电场的等势面是以点电荷为球心的同心球面，直线不可能在球面上，故B选项错误；由图可知OF<OM，故φF ＝φP＞φM＝φN，将正试探电荷从高电势搬运到低电势，电场力做正功，选项C错、D对．5、（2019陕西省西安中学月考）如图所示，轻杆一端固定在O点，另一端固定一小球，现让小球在竖直平面内做半径为R的圆周运动。
2019高考物理：一轮复习优练题9含解析新人教版1017370(含答案).doc
人教物理2019高考一轮优练题（9）李仕才一、选择题1、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A。
木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的a－F图象，g取10 m/s2，则( )A.滑块A的质量为4 kgB.木板B的质量为1 kgC.当F＝10 N时木板B的加速度为4 m/s2D.滑块A与木板B间的动摩擦因数为0.1【答案】BC【解析】由图知，当F＝8 N时，加速度为：a＝2 m/s2，对整体分析：F＝(m A＋m B)a，解得：m A＋m B＝4 kg，当F大于8 N 时，A、B发生相对滑动，对B有：a＝＝F－，由图示图象可知，图线的斜率：k＝＝＝1，解得：m B＝1 kg，滑块A的质量为：m A＝3 kg。
当a＝0时，F＝6 N，代入解得μ＝0.2，故A、D错误，B正确；根据F＝10 N>8 N时，滑块与木板相对滑动，B的加速度为：a B＝a＝＝F－μg＝(1×10－0.2×30) m/s2＝4 m/s2。
故C正确。
2、假设地球可视为质量均匀分布的球体。
已知地球表面重力加速度在两极的大小为g0，在赤道的大小为g；地球自转的周期为T，引力常量为G。
地球的密度为( )A. B.C. D.【答案】B【解析】在两极时有＝mg0，得地球质量M＝；在赤道时有mg0－mg＝m R，得地球半径R＝，所以地球密度ρ＝＝·，选项B正确。
3、如图甲所示，静止在水平地面上的物块A，受到水平拉力F的作用，F与时间t的关系如图乙所示。
设物块与地面间的最大静摩擦力f m的大小与滑动摩擦力大小相等。
则（）A．0～t1时间内F的冲量为零B．t2时刻物块A的速度最大C．t3时刻物块A的动能最大D．0～t3时间内F对物块A先做正功后做负功【答案】C【解析】冲量为力对时间的积累，物体的速度为零，故A 正确；t1-t3时间内，物体受到的水平拉力F大于摩擦力，且合力方向与运动方向相同，则物体一直做加速运动，速度越来越大，故B错误，C正确；0～t1，物块静止，F不做功，t1-t3时间内，物体受到的水平拉力F大于摩擦力，且合力方向与运动方向相同，则物体一直做加速运动，力F与物体的位移方向相同，故力F一直做正功，故D错误。
近年高考物理一轮复习练习题(4)(含解析)新人教版(2021年整理)
2019高考物理一轮复习练习题（4）（含解析）新人教版编辑整理：尊敬的读者朋友们：这里是精品文档编辑中心，本文档内容是由我和我的同事精心编辑整理后发布的，发布之前我们对文中内容进行仔细校对，但是难免会有疏漏的地方，但是任然希望（2019高考物理一轮复习练习题（4）（含解析）新人教版）的内容能够给您的工作和学习带来便利。
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人教物理2019高考一轮练习题（4）李仕才一、选择题1、如图甲所示，足够长的木板B静置于光滑水平面上，其上放置小滑块A。
木板B受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出木板B的加速度a，得到如图乙所示的a－F图象，g取10 m/s2，则（ )A。
滑块A的质量为4 kgB.木板B的质量为1 kgC.当F＝10 N时木板B的加速度为4 m/s2D。
滑块A与木板B间的动摩擦因数为0.1【答案】BC2、频闪照相是每隔相等时间曝光一次的照相方法，在同一张相片上记录运动物体在不同时刻的位置。
如图所示是小球在竖直方向运动过程中拍摄的频闪照片，相机的频闪周期为T，利用刻度尺测量相片上2、3、4、5 与1 位置之间的距离分别为x1、x2、x3、x4。
下列说法正确的是（）A．小球一定处于下落状态 B．小球在2位置的速度大小为C．小球的加速度大小为 D．频闪照相法可用于验证机械能守恒定律【答案】D3、（2018四川省雅安市雅安中学月考）如图所示,质量为3m的竖直光滑圆环A的半径为R，固定在质量为2m的木板B上，木板B的左右两侧各有一竖直挡板固定在地面上，B不能左右运动．在环的最低点静止放有一质量为m的小球C．现给小球一水平向右的瞬时速度，小球会在圆环内侧做圆周运动,为保证小球能通过环的最高点，且不会使环在竖直方向上跳起，初速度必须满足（）A 。
近年高考物理一轮选训习题(4)(含解析)新人教版(2021年整理)
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2019人教高考物理一轮选训习题(4）及答案李仕才一、选择题1、(2018·河北邢台质检)有下列几种情景，其中对情景的分析和判断正确的是（)①点火后即将升空的火箭；②高速公路上沿直线高速行驶的轿车为避免事故紧急刹车；③磁悬浮列车在轨道上高速行驶；④太空中的空间站绕地球做匀速圆周运动.A.①中，因火箭还没运动，所以加速度一定为零B.②中，轿车紧急刹车,速度变化很快,所以加速度很大C。
③中，高速行驶的磁悬浮列车，因速度很大,所以加速度也一定很大D。
④中，因空间站处于完全失重状态,所以空间站内的物体加速度为零【答案】B【解析】点火后火箭即将升空的瞬间，加速度竖直向上，不为零，A错;轿车紧急刹车时刹车时间短，且速度改变很大，则由a＝错误!知加速度很大，B对;磁悬浮列车速度很大,但速度没有变化，加速度为零，C错；空间站以及里面的物体受地球万有引力作用，加速度不为零， D错.2、如图所示，在一个边长为a的正六边形区域内存在磁感应强度为B，方向垂直于纸面向里的匀强磁场,三个相同带正电的粒子比荷为，先后从A点沿AD方向以大小不等的速度射入匀强磁场区域,粒子在运动过程中只受磁场力作用;已知编号为①的粒子恰好从F点飞出磁场区域；编号为②的粒子恰好从E点飞出磁场区域；编号为③的粒子从ED边上的某一点垂直边界飞出磁场区域,则世纪金榜导学号49294170( )A.编号为①的粒子进入磁场区域的初速度大小为B.编号为②的粒子在磁场区域内运动的时间T=C.编号为③的粒子在ED边上飞出的位置与E点的距离为(2—3）aD。
2019高考物理：一轮复习优练题15含解析新人教版27132(含答案).doc
2019人教版高考物理一轮优练题（15）李仕才1、.(匀变速直线运动规律的应用)(2018·山东冠县期中)质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2(各物理量均采用国际单位),则该质点()A.第1 s内的位移是5 mB.前2 s内的平均速度是6 m/sC.任意相邻的1 s内位移差都是1 mD.任意1 s内的速度增量都是2 m/s答案D解析将t=1 s代入x=5t+t2得x1=6 m,A错误;将t=2 s代入=14 m,前2 s的平均速度m/s=7 m/s,B错误;x=5t+t2得x2第2 s内的位移x2'=14 m-6 m=8 m,第2 s内的位移与第1 s内的位移之差Δx=8 m-6 m=2 m,C错误;由Δx=at2得a=2 m/s2,任意1 s内的速度增量都是2 m/s,D正确;故选D。
2、(多选)(2018·山东潍坊期中)如图所示,质量分别为M、m物体A、B用细绳连接后跨过光滑的定滑轮,A静止在倾角为30°的斜面上,已知M=2m,现将斜面倾角由30°增大到35°,系统仍保持静止。
此过程中,下列说法正确的是()A.细绳对A的拉力将增大B.物体A受到的静摩擦力先减小后增大C.物体A对斜面的压力将减小D.滑轮受到的绳的作用力将增大答案CD解析先对物体B受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到拉力等于物体B的重力;再对物体A受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,根据平衡条件列式分析。
解M=2m,对物体B受力分析,受重力和拉力,由二力平衡得到:F T=mg再对物体A受力分析,受重力、支持力、拉力和静摩擦力,如图:根据平衡条件得到:F f +F T -2mg sin θ=0① F N -2mg cos θ=0②由①②两式解得: F f =2mg sin θ-F T =2mg sin θ-mg ,F N =2mg cos θ,当θ不断变大时,F f 不断变大,F N 不断变小。
2019人教版高考物理一轮选习练题(4)及答案
2019人教版高考物理一轮选习练题（4）及答案m/s逆时针匀速转动,工件的受力情况不变,由牛顿第二定律得知,工件的加速度大小仍为a=μg,工件的运动情况跟传送带不动时的一样,则v=3 m/s,选项B正B确;若传送带以速度v=2 m/s顺时针匀速转动,工件滑上传送带时所受的滑动摩擦力方向水平向左,做匀减速运动,工件的加速度大小仍为a=μg,工件的运动情况跟传送带不动时的一样,则v=3 m/s,选项C正确,D错误.B2、(2019·湖南省长沙市长郡中学高三上学期月考)如图所示，中间有孔的物块A套在光滑的竖直杆上，通过滑轮用不可伸长的轻绳将物体拉着匀速向上运动，则关于拉力F以及拉力作用点的移动速度v的下列说法正确的是()A．F不变，v不变B．F增大，v减小C．F增大，v增大D．F增大，v不变解析：选B.设绳子与竖直方向上的夹角为θ，因为A做匀速直线运动，在竖直方向上合力为零，有：Fcos θ＝mg，因为θ增大，则F增大，物体A沿绳子方向上的分速度v1＝vc os θ，因为θ增大，则v减小，故B正确，ACD错误．3、如图为用索道运输货物的情景，已知倾斜的索道与水平方向的夹角为37°，重物与车厢地板之间的动摩擦因数为0.3。
当载重车厢沿索道向上加速运动时，重物与车厢仍然保持相对静止状态，重物对车厢内水平地板的正压力为其重力的1.15倍。
sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，那么这时重物对车厢地板的摩擦力大小为()A．0.35mg B．0.3mgC．0.23mg D．0.2mg【答案】D【解析】将a沿水平和竖直两个方向分解，对重物受力分析如图，水平方向：F f＝ma x竖直方向：F N－mg＝ma y，由＝，三式联立解得F f＝0.2mg，D正确。
4、（多选）地下矿井中的矿石装在矿车中，用电机通过竖井运送至地面。
某竖井中矿车提升的速度大小v随时间t的变化关系如图所示，其中图线①②分别描述两次不同的提升过程，它们变速阶段加速度的大小都相同；两次提升的高度相同，提升的质量相等。
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人教物理2019高考一轮选习练题（4）李仕才一、选择题1、如图所示,在一个边长为a的正六边形区域内存在磁感应强度为B,方向垂直于纸面向里的匀强磁场,三个相同带正电的粒子比荷为,先后从A点沿AD方向以大小不等的速度射入匀强磁场区域,粒子在运动过程中只受磁场力作用;已知编号为①的粒子恰好从F点飞出磁场区域;编号为②的粒子恰好从E点飞出磁场区域;编号为③的粒子从ED边上的某一点垂直边界飞出磁场区域,则世纪金榜导学号49294170( )A.编号为①的粒子进入磁场区域的初速度大小为B.编号为②的粒子在磁场区域内运动的时间T=C.编号为③的粒子在ED边上飞出的位置与E点的距离为(2-3)aD.三个粒子在磁场内运动的时间依次减少并且为4∶2∶1【解析】选A、C、D。
三个粒子的运动轨迹如图所示。
设编号为①的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为r1,初速度大小为v1,则qv1B=m,由几何关系可得r1=,解得v1=,在磁场中转了120°运动时间t1==,选项A正确;设编号为②的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为r2,线速度大小为v2,周期为T2=,由几何关系可得,粒子在正六边形区域磁场运动过程中转过的圆心角为60°,则粒子在磁场中运动的时间t2==,选项B错误;设编号为③的粒子在正六边形区域磁场中做圆周运动的半径为r3,在磁场中转了30°,t3==,由几何关系可得AE=2acos30°=a,r3==2a,O3E==3a,EG=r3-O3E=(2-3)a,选项C正确;t1∶t2∶t3=∶∶=4∶2∶1,选项D正确。
2、某人爬山，从山脚爬上山顶，然后又沿原路返回到山脚，上山的平均速度为v1，下山的平均速度为v2，则往返的平均速度的大小和平均速率分别是( )A.v1＋v22、v1＋v22B.v1－v22、v1－v22C.0、v1－v2v1＋v2D.0、2v1v2v1＋v2【答案】D3、A、B为两等量异号点电荷,图中水平虚线为A、B连线的中垂线。
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人教物理2019高考一轮选习练题（4）
李仕才
一、选择题
1、a 、b 、c 三个点电荷仅在相互之间的静电力的作用下处于静止状态。
已知a 所带的电荷量为+Q ，b 所带的电荷量为-q ，且Q>q 。
关于电荷c ，下列判断正确的是（ ）
A ．c 一定带负电
B ．c 所带的电荷量一定大于q
C ．c 可能处在a 、b 之间
D ．如果固定a 、b ，仍让c 处于平衡状态，则c 的电性、电荷量、位置都将唯一确定
【参考答案】B
2、(2018·福建省仙游一中月考)一条悬链长7.2 m ，从悬挂点处断开，使其自由下落，不计空气阻力，则整条悬链通过悬挂点正下方20 m 处的一点所需的时间是(g 取10 m/s 2
)( )
A ．0.3 s
B ．0.4 s
C ．0.7 s
D ．1.2 s
解析：悬链下端到达20 m 处时，用时t 1，则12.8＝12
gt 21，悬挂点落至20 m 处用时t 2，则20＝12
gt 22，可知悬链通过20 m 处用时Δt ＝t 2－t 1＝0.4 s ，B 对． 答案：B 3、(2018·黑龙江哈三中模拟)(多选)如图所示，竖直轴位于水平转台中心，质量为m 的小球由三根伸直的轻绳连接，和水平转台一起以角速度ω匀速转动，倾斜绳与竖直轴夹角为θ，竖直绳对小球的拉力为F 1，水平绳对小球的拉力为F 2，小球到竖直轴的距离为r ，以下说法可能正确的是( )
A ．mgtan θ＝m ω2
r
B ．mgtan θ－F 2＝m ω2r
C ．(mg ＋F 1)tan θ＝m ω2r
D ．(mg －F 1)tan θ＝m ω2r
解析：根据向心力公式可知，F 合＝mr ω2，对小球进行受力分析可知，小球受重力、倾斜绳的拉力、水平绳的拉力和竖直绳的拉力，竖直方向处于平衡状态，则有mg ＋F 1＝Fcos θ，Fsin θ－F 2＝mr ω2，当F 1和F 2均为零时，则有mgtan θ＝m ω2r ；当F 1恰好为零时，则有mgtan θ－F 2＝m ω2r ；当F 2恰好为零时，则有(mg ＋F 1)tan θ＝m ω2r ，故A 、B 、C 正确，D 错误．
答案：ABC
4、(2018·青岛一模)如图所示，固定在水平面上的光滑斜面倾角为30°，质量分别为M、m的两个物体通过细绳及轻弹簧连接于光滑轻滑轮两侧，斜面底端有一与斜面垂直的挡板．开始时用手按住物体M，此时M到挡板的距离为s，滑轮两边的细绳恰好伸直，而没有力的作用．已知M＝2m，空气阻力不计．松开手后，关于二者的运动下列说法中正确的是( )
A．M和m组成的系统机械能守恒
B．当M的速度最大时，m与地面间的作用力为零
C．若M恰好能到达挡板处，则此时m的速度为零
D．若M恰好能到达挡板处，则此过程中重力对M做的功等于弹簧弹性势能的增加量与物体m的机械能增加量之和
解析：运动过程中，M、m与弹簧组成的系统机械能守恒，A错误；当M速度最大时，弹簧的弹力等于Mgsin30°＝mg，此时m对地面的压力恰好为零，B正确；然后M做减速运动，恰好能到达挡板时，也就是速度刚好减小到了零，之后M会上升并最终到达松手位置，所以此时弹簧弹力大于mg，即此时m受到的绳拉力大于自身重力，m还在加速上升，C错误；根据功能关系，M减小的机械能，等于m增加的机械能与弹簧增加弹性势能之和，而M恰好到达挡板时，动能恰好为零，因此M减小的机械能等于M减小的重力势能，即等于重力对M
做的功，D正确．
答案：BD
5、如图所示，一带电粒子在两个固定的等量正电荷的电场中运动，图中的实线为等势面，虚线ABC为粒子的运动轨迹，其中B点是两点电荷连线的中点，A、C位于同一等势面上，下列说法正确的是( )
A．该粒子可能带正电
B．该粒子经过B点时的速度最大
C．该粒子经过B点时的加速度一定为零
D．该粒子在B点的电势能小于在A点的电势能
解析：从该带电粒子的运动轨迹看，固定电荷对它有吸引力，由固定电荷带正电可知，该粒子一定带负电，故A错误；因为粒子从A运动到B的过程中，只受电场力且电场力先做
正功后做负功，由动能定理知，动能先增加后减小，故B 点的动能不是最大，则经过B 点时的速度不是最大，故B 错误；B 点是两点电荷连线的中点，合场强为零，故粒子受力为零，则加速度为零，C 正确；因为离正电荷越远，电势越低，即φA <φB ，因粒子带负电，由E p ＝φq 得，E pA >E pB ，故D 项正确．
答案：CD
6、如图甲所示，一根电阻R ＝4 Ω的导线绕成半径d ＝2 m 的圆，在圆内部分区域存在变化的匀强磁场，中间S 形虚线是两个直径均为d 的半圆，磁感应强度随时间变化如图乙所示(磁场垂直于纸面向外为正，电流逆时针方向为正)，关于圆环中的感应电流—时间图象，下列选项中正确的是( )
解析：0～1 s ，感应电动势为E 1＝ΔB Δt S ＝21×πd 22
(V)＝4π(V)，由欧姆定律可知感应电流大小为I 1＝E 1R ＝4π4
(A)＝π(A)，由楞次定律知，感应电流为顺时针方向，为负方向，结合选项知C 正确．
答案：C
7、一个氢原子从n ＝3能级跃迁到n ＝2能级，该氢原子( )
A ．放出光子，能量增加
B ．放出光子，能量减少
C ．吸收光子，能量增加
D ．吸收光子，能量减少
解析：氢原子从高能级向低能级跃迁时，放出光子，能量减少，故选项B 正确，A 、C 、D 错误．
答案：B
二、非选择题
(1)(10分)两位同学用两面平行的玻璃砖做“测定玻璃的折射率”实验．
①甲同学在量入射角和折射角时，由于没有量角器，在完成了光路图以后，以O 点为圆
心，OA 为半径画圆，交OO′延长线于C 点，过A 点和C 点作垂直于法线的线段分别交法线于B 点和D 点，如图所示．测量有关线段长度，可得玻璃的折射率n ＝________.(用图中线段表示)
②乙同学在画界面时，不小心将两界面ab 和cd 间距画得比玻璃砖宽度大些，下界面与实际相同，如图所示．若操作无误，则他测得的折射率比真实值________(填“偏大”“偏小”或“不变”)．
(2)(15分)如图所示，一列波沿x 轴传播，t ＝0时刻的波形如实线所示，t ＝0.5 s 时刻的波形如虚线所示，t ＝0时刻位于x ＝4 m 处的质点P 正沿y 轴正向运动．
(ⅰ)若从t ＝0到t ＝0.5 s 这段时间内，质点P 运动的路程为1 m ，则这列波的波速为多少？
(ⅱ)若3T<0.5 s<4T ，则这列波的波速为多少？
解析：(1)①题图甲中AO 为入射光线，OO′是折射光线，设光线在玻璃砖上表面的入射
角为i ，折射角为r ，则由几何知识得到sini ＝AB AO ，sinr ＝CD OC ，又AO ＝OC ，则折射率n ＝sini sinr
＝AB CD
. ②
“测定玻璃砖折射率”的实验原理是折射定律n ＝sini sinr
，如图所示，右边实线表示实际的光路图，左边虚线表示作图光路图，由图可看出，画图时的入射角不变、折射角比实际的折射角变大，由折射定律可知，测出的折射率变小．
(2)(ⅰ)从t ＝0到t ＝0.5 s 这段时间内，质点P 运动的路程为s ＝1 m
则s ＝n×4A
得n ＝1.25
即1.25T ＝0.5 s
得T ＝0.4 s
波速为v ＝λT ＝80.4
m/s ＝20 m/s (ⅱ)由于t ＝0时刻位于x ＝4 m 处的质点P 正沿y 轴正向运动，由此可以判断波沿x 轴正向传播，因此有0.5 s ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫14＋n T
由于3T<0.5 s<4T
因此234<n<334，取n ＝3
解得T ＝213 s
波传播的速度v ＝λT ＝52 m/s.
答案：(1)①AB CD ②变小 (2)(ⅰ)20 m/s
(ⅱ)52 m/s。