2011届高考物理第二轮专题复习过关测试题10
2011届高考物理第二轮综合专题复习题21
高考综合复习——相互作用与共点力的平衡专题复习编稿：郁章富审稿：李井军责编：郭金娟总体感知知识网络命题规律1．有关弹力、摩擦力问题。
其中对弹簧的弹力的分析应用、“弹簧模型”在不同物理情景下的综合应用在高考中出现的频率很高；静摩擦力大小和方向的分析计算也是必考内容。
2．共点力作用下物体的平衡，一直是高考热点。
常考查重力、弹力、摩擦力三力平衡问题；或与电场力、磁场力等综合的平衡问题。
3．合力与分力问题，共点力的合成问题，常结合实例分析合力与分力的等效替代特征，如交通运输、体育竞技、人体骨骼等。
预计这部分内容在今后的高考中随着高考题的难度、区分度的稳定，将保持现有水平，常见题型为选择题。
复习策略1．解决力学问题的关键是对物体进行正确的受力分析。
能够对物体进行受力分析的基础是正确而深刻地理解力的概念。
对物体进行受力分析，一般有两种途径：其一是从力的概念出发，根据力的产生条件，判断力是否存在以及力的方向等；其二是根据物体的运动状态来判断物体的受力情况。
2．三种常见的力中，较难分析的是摩擦力，尤其是静摩擦力。
滑动摩擦力的大小可由求出。
在复习过程中要注意理解正压力是两接触面之间的弹力，由于平时做多了在水平面上的=mg的题目，可能产生了的误解，有这种情况的同学可以将水平面上滑动的物体、斜面上滑动的物体、沿竖直墙下滑的物体及沿竖直圆轨道内侧做圆周运动的物体等几种情况放在一起考虑，通过自己的分析、对比，体会压力与运动状态有关，以便建立起正确的认识。
静摩擦力分析较为困难的原因是它的大小在一定数值范围内变化，方向与相对运动的趋势方向相反。
而相对运动的趋势又必须通过物体所受其他外力的状况或物体的运动状态来判定。
因此从物体的运动状态和牛顿运动定律来分析静摩擦力更容易些，即从物体的运动情况去分析物体受力或根据物体的受力去分析物体的运动状态，这就是动力学的基本思路，也是对“力是使物体运动状态改变的原因”这句话的深刻理解。
学生在日常生活中形成的前概念“力是维持物体运动的原因”（亚里士多德的观点）严重地阻碍着学生建立正确的力的概念。
2011届高考物理二轮复习 第1单元-力与运动专题2 直线运动课件 新人教版
专题二 │ 主干知识整合
②从运动开始计时起，在连续相等的各段时间内通过的位 移之比为： 1∶3∶5∶„∶(2n－1) s 1 ∶ s 2 ∶ s 3 ∶ „ ∶ s n ＝ __________________________ ( n ＝1,2,3，„) ③从运动开始计时起，通过 s, 2 s, 3s ，„， ns 所用时间之 比为：
a1＋ a2
d，所以选项 C 错误、
专题二 │ 要点热点探究
【点评】 通过运动图象分析物体运动情况或追及相遇问 题具有简洁直观的特点，考生必须要养成通过图象分析物理问 题的习惯，逐步提高应用图象分析解决物理问题的能力．在应 用运动图象时要特别注意：(1)首先应看清图象性质，即题目 给出的是速度图象还是位移图象；(2)要理解图象的截距、斜 率、面积、交点、拐点的物理含义并结合题意深入挖掘隐含条 件，灵活解决问题．
专题二 │ 要点热点探究停车距 车速 反应距 刹车距
v(km/h) 离 s(m) 离 x(m) 离 L(m) 40 10 10 20 B 60 15 37.5 A C 80 40
请根据该图表回答下列问题：(结果保留两位有效数字) (1)请根据表格中的数据计算驾驶员的反应时间； (2)如果驾驶员的反应时间相同，请计算出表格中A的数据； (3)如果路面情况相同，车在刹车后所受阻力恒定，g＝10 m/s2，请计算出刹车后汽车所受阻力与车重的比值和表格中B、C 的数据； (4)假设在同样的路面上，一名饮了少量酒后的驾驶员驾车以72 km/h速度行驶，在距离一学校门前 50 m处发现有一队学生在斑 马线上横过马路，他的反应时间比正常时慢了0.2 s，会发生交通 事故吗？
专题二 │ 主干知识整合
以上两大问题的核心关系是物体的加速度与物体所受合 外力的关系．它们之间除了满足大小成正比的关系外，还存 在下列四性关系： ①同体性：在表达式中，m、F 合、a 都应是同一个研究对 象的对应量； a．若研究对象为单个物体，则满足 F 合＝ma. b． 若研究对象为多个物体， 则对由这些物体组成的系统 而言满足： F 合＝m1a1＋m2a2＋m3a3＋„(一维情况下)． ②瞬时性：物体的加速度和合外力具有瞬时对应关系， 它们总是同增同减同生同灭； ③同向性： 物体的加速度与合外力的方向时时保持一致；
2011届高考物理第二轮专题预测试题1
2011高考物理二轮专题预测牛顿定律及其应用（1）一、选择题1、（2011·济南市二模）如图所示，在超市内倾角为θ的电梯斜面上有一车西瓜随电梯匀速向上运动，在箱子的中央有一只质量为m的西瓜，则在该西瓜随箱一起匀速前进的过程中，周围其它西瓜对它的作用力的方向为A．沿斜面向上 B．沿斜面向下C．竖直向上 D．垂直斜面向上2、（2011·扬州四模） A、B两物体叠放在一起，放在光滑的水平面上，从静止开始受到一变力的作用，该力与时间的关系如图所示，A、B始终相对静止，则下列说法正确的是A．在t时刻，A、B之间的摩擦力最大B．在t时刻，A、B的速度最大C．在0—2t时间内，A、B的位移最大D．在0—2t时间内，摩擦力对A做的功为零3、（2011·上饶市二模）高血压已成为危害人类健康的一种常见病，现已查明，血管变细是其诱因之一，为研究这一问题，我们可做一些简化和假设：设血液通过一定长度的血管时受到的阻力f与血液流速v成正比，即f＝kv(其中k与血管粗细无关)，为维持血液匀速流动，在血管两端需要有一定的压强差，设血管内径为d时所需要的压强差为ΔP，若血管内径减为d′时，为了维持在相同时间内流过同样多的血液，压强差必须变为：A.dd/ΔP B．(dd/)2ΔP C．(dd/)3ΔP D．(dd/)4ΔP4、（2011·浙江六校联考）如图所示，在光滑水平面上，用弹簧水平连接一斜面，弹簧的另一端固定在墙上，一人站在斜面上，系统静止不动。
当人沿斜面加速上升，则（）A．系统静止时弹簧压缩B．系统静止时斜面共受到5个力作用C．人加速时弹簧伸长D．人加速时弹簧压缩5、如图5所示，用力F拉一物体在水平面上以加速度a运动.用力F′=Fcosθ代替力F，沿水平方向拉物体，该物体的加速度为a′，比较a与a′的大小关系，正确的是（）A.a′与a可能相等B.a′可能小于aC.a′可能大于aD.a′一定小于a6.如图6所示，放在光滑水平面上的木块以v0向右做匀速直线运动，现有一向左的水平力F作用在木块上，且随时间从零开始做线性变化，在这个过程中，能正确描述木块运动情况的图象是图中的（向右为正方向）（）7.如图7所示，一足够长的木板静止在光滑水平面上，一物块静止在木板上，木板和物块间有摩擦.现用水平力向右拉木板，当物块相对木板滑动了一段距离但仍有相对运动时，撤掉拉力，此后木板和物块相对于水平面的运动情况为（）A.物块先向左运动，再向右运动B.物块向右运动，速度逐渐增大，直到做匀速运动C.木板向右运动，速度逐渐变小，直到做匀速运动D.木板和物块的速度都逐渐变小，直到为零二、计算题8.如图所示，在倾角为θ=30°的固定斜面上，跨过定滑轮的轻绳一端系在小车的前端，另一端被坐在小车上的人拉住.已知人的质量为60 kg，小车的质量为10 kg，绳及滑轮的质量、滑轮与绳间的摩擦均不计，斜面对小车的摩擦阻力为人和小车总重力的0.1倍，取重力加速度g=10 m/s2，当人以280 N的力拉绳时，试求（斜面足够长）：(1)人与车一起运动的加速度大小；(2)人所受摩擦力的大小和方向；答案二、计算题8、【解析】(1)对整体2F-（m1+m2）gsin30°- =(m1+m2)a, =0.1(m1+m2)g，解得a=2 m/s2 (2)对人F-m1gsin30°+=m1a,=140 N，方向沿斜面向上（3）松手后对人和车整体（m1+m2）gsin30°+=(m1+m2)a1解得a1=6 m/s2，由v=at得t=v/a1=0.5 s。
2011年全国卷II卷高考物理试卷含答案(word版)
2011年全国统一高考物理试卷（全国卷Ⅱ）一、选择题（本题共8小题．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．共48分）1．（6分）关于一定量的气体，下列叙述正确的是（）A．气体吸收的热量可以完全转化为功B．气体体积增大时，其内能一定减少C．气体从外界吸收热量，其内能一定增加D．外界对气体做功，气体内能可能减少2．（6分）如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1＞I2；a、b、c、d为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是（）A．a点 B．b点 C．c点 D．d点3．（6分）雨后太阳光入射到水滴中发生色散而形成彩虹．设水滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平面内，a、b、c、d代表四条不同颜色的出射光线，则它们可能依次是（）A．紫光、黄光、蓝光和红光B．紫光、蓝光、黄光和红光C．红光、蓝光、黄光和紫光D．红光、黄光、蓝光和紫光4．（6分）通常一次闪电过程历时约0.2～0.3s，它由若干个相继发生的闪击构成．每个闪击持续时间仅40～80μs，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中．在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0×109V，云地间距离约为l km；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6C，闪击持续时间约为60μs．假定闪电前云地间的电场是均匀的．根据以上数据，下列判断正确的是（）A．闪电电流的瞬时值可达到1×105AB．整个闪电过程的平均功率约为l×1014WC．闪电前云地间的电场强度约为l×106V/mD．整个闪电过程向外释放的能量约为6×106J5．（6分）已知氢原子的基态能量为E，激发态能量E n=，其中n=2，3…．用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．能使氢原子从第一激发态电离的光子的最大波长为（）A．B．C．D．6．（6分）我国“嫦娥一号”探月卫星发射后，先在“24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24小时）；然后，经过两次变轨依次到达“48小时轨道”和“72小时轨道”；最后奔向月球．如果按圆形轨道计算，并忽略卫星质量的变化，则在每次变轨完成后与变轨前相比，（）A．卫星动能增大，引力势能减小B．卫星动能增大，引力势能增大C．卫星动能减小，引力势能减小D．卫星动能减小，引力势能增大7．（6分）质量为M、内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ．初始时小物块停在箱子正中间，如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间，井与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为（）A．mv2B．C．Nμmgl D．NμmgL8．（6分）一列简谐横波沿x轴传播，波长为1.2m，振幅为A．当坐标为x=0处质元的位移为且向y轴负方向运动时．坐标为x=0.4m处质元的位移为．当坐标为x=0.2m处的质元位于平衡位置且向y轴正方向运动时，x=0.4m 处质元的位移和运动方向分别为（）A．、沿y轴正方向B．，沿y轴负方向C．、沿y轴正方向D．、沿y轴负方向二、实验题(共18分）9．（6分）在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，有下列实验步骤：①往边长约为40cm的浅盘里倒入约2cm深的水．待水面稳定后将适量的痱子粉均匀地撒在水面上．②用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形状稳定．③将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和面积计算出油酸分子直径的大小．④用注射器将事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下量筒内每增加一定体积时的滴数，由此计算出一滴油酸酒精溶液的体积．⑤将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上．完成下列填空：（1）上述步骤中，正确的顺序是．（填写步骤前面的数字）（2）将1cm3的油酸溶于酒精，制成300cm3的油酸酒精溶液；测得l cm3的油酸酒精溶液有50滴．现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13m2．由此估算出油酸分子的直径为m．（结果保留l位有效数字）10．（12分）使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a为（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为Ω．电流表的读数为mA，电阻箱的读数为Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为V．（保留3位有效数字）三、解答题11．（15分）如图，两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置，导轨间距离为L1电阻不计．在导轨上端并接两个额定功率均为P、电阻均为R的小灯泡．整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度方向与导轨所在平面垂直．现将一质量为m、电阻可以忽略的金属棒MN从图示位置由静止开始释放．金属棒下落过程中保持水平，且与导轨接触良好．已知某时刻后两灯泡保持正常发光．重力加速度为g．求：（1）磁感应强度的大小：（2）灯泡正常发光时导体棒的运动速率．12．（19分）如图，与水平面成45°角的平面MN将空间分成Ⅰ和Ⅱ两个区域．一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子以速度v0从平面MN上的P0点水平右射入I区．粒子在Ⅰ区运动时，只受到大小不变、方向竖直向下的电场作用，电场强度大小为E；在Ⅱ区运动时，只受到匀强磁场的作用，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向里．求粒子首次从Ⅱ区离开时到出发点P0的距离．粒子的重力可以忽略．13．（20分）装甲车和战舰采用多层钢板比采用同样质量的单层钢板更能抵御穿甲弹的射击．通过对以下简化模型的计算可以粗略说明其原因．质量为2m、厚度为2d的钢板静止在水平光滑桌面上．质量为m的子弹以某一速度垂直射向该钢板，刚好能将钢板射穿．现把钢板分成厚度均为d、质量均为m的相同两块，间隔一段距离水平放置，如图所示．若子弹以相同的速度垂直射向第一块钢板，穿出后再射向第二块钢板，求子弹射入第二块钢板的深度．设子弹在钢板中受到的阻力为恒力，且两块钢板不会发生碰撞不计重力影响．2011年全国统一高考物理试卷（全国卷Ⅱ）参考答案与试题解析一、选择题（本题共8小题．在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．共48分）1．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）关于一定量的气体，下列叙述正确的是（）A．气体吸收的热量可以完全转化为功B．气体体积增大时，其内能一定减少C．气体从外界吸收热量，其内能一定增加D．外界对气体做功，气体内能可能减少【分析】解答本题应熟练准确掌握热力学第一定律的内容，明确做功和热传递均可改变物体的内能．【解答】解：根据热力学第一定律，做功和热传递都可以改变内能，所以含有‘一定’的B和C错误，而D正确；理想气体的等温变化是一个内能不变的过程，当体积增大对外做功时同时必须从外界吸热等大的热量，故A正确；故选A D．2．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）如图，两根相互平行的长直导线分别通有方向相反的电流I1和I2，且I1＞I2；a、b、c、d为导线某一横截面所在平面内的四点，且a、b、c与两导线共面；b点在两导线之间，b、d的连线与导线所在平面垂直．磁感应强度可能为零的点是（）A．a点 B．b点 C．c点 D．d点【分析】由安培定则可判出两导线在各点磁感线的方向，再由矢量的合成方法可得出磁感应强度为零的点的位置．【解答】解：两电流在该点的合磁感应强度为0，说明两电流在该点的磁感应强度满足等大反向关系．根据右手螺旋定则在两电流的同侧磁感应强度方向相反，则为a或c，又I1＞I2，所以该点距I1远距I2近，所以是c点；故选C．3．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）雨后太阳光入射到水滴中发生色散而形成彩虹．设水滴是球形的，图中的圆代表水滴过球心的截面，入射光线在过此截面的平面内，a、b、c、d代表四条不同颜色的出射光线，则它们可能依次是（）A．紫光、黄光、蓝光和红光B．紫光、蓝光、黄光和红光C．红光、蓝光、黄光和紫光D．红光、黄光、蓝光和紫光【分析】根据折射图象可得出各光的偏折程度，即可得出折射率的大小，则可得频率、波长等的大小时关系，即可判断各光可能的顺序．【解答】解：由折射图象可知a光的偏折程度最大，说明水滴对a 的折射率最大，故a的频率最大，由v=λf可知，a的波长最小，abcd偏折程度依次减小，故为紫光、蓝光、黄光和红光．故选B．4．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）通常一次闪电过程历时约0.2～0.3s，它由若干个相继发生的闪击构成．每个闪击持续时间仅40～80μs，电荷转移主要发生在第一个闪击过程中．在某一次闪电前云地之间的电势差约为1.0×109V，云地间距离约为l km；第一个闪击过程中云地间转移的电荷量约为6C，闪击持续时间约为60μs．假定闪电前云地间的电场是均匀的．根据以上数据，下列判断正确的是（）A．闪电电流的瞬时值可达到1×105AB．整个闪电过程的平均功率约为l×1014WC．闪电前云地间的电场强度约为l×106V/mD．整个闪电过程向外释放的能量约为6×106J【分析】（1）由于云地间的电场是匀强电场，根据场强的公式可以求得电场强度的大小；（2）根据电流强度的定义式可以求得电流的平均值的大小；（3）根据电场做功的公式，可以直接计算出释放的能量．【解答】解：根据电流强度的定义式可得，电流A（注意单位的正确换算），所以A正确．释放的能量等于电场力做功W=QU=6×1.0×109=6×109J，所以D错误；所以第一次闪电的平均功率为W，由于电荷转移主要发生在第一个闪击过程中，所以整个闪电过程的平均功率小于第一次的闪电功率，所以B错误．电场强度的大小为V/m，所以C正确．故选A C．5．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）已知氢原子的基态能量为E，激发态能量E n=，其中n=2，3…．用h表示普朗克常量，c表示真空中的光速．能使氢原子从第一激发态电离的光子的最大波长为（）A．B．C．D．【分析】最大波长对应着光子的最小能量，即只要使使氢原子从第一激发态恰好电离即可．根据题意求出第一激发态的能量值，恰好电离时能量为0，然后求解即可．【解答】解：第一激发态即第二能级，是能量最低的激发态，则有：；电离是氢原子从第一激发态跃迁到最高能级0的过程，需要吸收的光子能量最小为：所以有：，解的：，故ABD错误，C正确．故选C．6．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）我国“嫦娥一号”探月卫星发射后，先在“24小时轨道”上绕地球运行（即绕地球一圈需要24小时）；然后，经过两次变轨依次到达“48小时轨道”和“72小时轨道”；最后奔向月球．如果按圆形轨道计算，并忽略卫星质量的变化，则在每次变轨完成后与变轨前相比，（）A．卫星动能增大，引力势能减小B．卫星动能增大，引力势能增大C．卫星动能减小，引力势能减小D．卫星动能减小，引力势能增大【分析】根据人造卫星的万有引力等于向心力，列式求出线速度、周期的表达式，由题意知道周期变大，故半径变大，故速度变小，由于要克服引力做功，势能变大．【解答】解：人造卫星绕地球做匀速圆周运动，根据万有引力提供向心力，设卫星的质量为m、轨道半径为r、地球质量为M，有F=F向故G=m=mω2r=m（）2r=ma解得v=①T==2π②a=③根据题意两次变轨分别为：从“24小时轨道”变轨为“48小时轨道”和从“48小时轨道”变轨为“72小时轨道”，则结合②式可知，在每次变轨完成后与变轨前相比运行周期增大，运行轨道半径增大，运行线速度减小，所以卫星动能减小，引力势能增大，D正确．故选D．7．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）质量为M、内壁间距为L的箱子静止于光滑的水平面上，箱子中间有一质量为m的小物块，小物块与箱子底板间的动摩擦因数为μ．初始时小物块停在箱子正中间，如图所示．现给小物块一水平向右的初速度v，小物块与箱壁碰撞N次后恰又回到箱子正中间，井与箱子保持相对静止．设碰撞都是弹性的，则整个过程中，系统损失的动能为（）A．mv2B．C．Nμmgl D．NμmgL【分析】本题考查动量守恒、功能关系及能量守恒定律．【解答】解：由于箱子M放在光滑的水平面上，则由箱子和小物块组成的整体动量始终是守恒的，直到箱子和小物块的速度相同时，小物块不再相对滑动，有mv=（m+M）v1系统损失的动能是因为摩擦力做负功△E k=﹣W f=μmg×NL==选项BD正确，AC错误．故选：BD．8．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）一列简谐横波沿x轴传播，波长为1.2m，振幅为A．当坐标为x=0处质元的位移为且向y轴负方向运动时．坐标为x=0.4m处质元的位移为．当坐标为x=0.2m处的质元位于平衡位置且向y轴正方向运动时，x=0.4m处质元的位移和运动方向分别为（）A．、沿y轴正方向B．，沿y轴负方向C．、沿y轴正方向D．、沿y轴负方向【分析】根据x=0处质元和x=0.4m处质元的位移关系，结合波形及x=0.2m处质元的振动方向，判断出波的传播方向，确定x=0.4m处质元的位移．【解答】解：坐标为x=0处质元与坐标为x=0.4m处质元间距为0.4m小于半个波长，坐标为x=0.2m处的质元与他们一定在同一波沿上处在平衡位置向y轴负方向运动，坐标为x=0.4m处质元也向y轴负方向运动．当坐标为x=0.2m处的质元位于平衡位置且向y轴正方向运动时经历时间是半个周期的奇数倍．在这段时间坐标为x=0.4m处质元运动到对称点即位移为，运动方向与原来相反，C正确．故选C．二、实验题(共18分）9．（6分）（2011•全国卷Ⅱ）在“油膜法估测油酸分子的大小”实验中，有下列实验步骤：①往边长约为40cm的浅盘里倒入约2cm深的水．待水面稳定后将适量的痱子粉均匀地撒在水面上．②用注射器将事先配好的油酸酒精溶液滴一滴在水面上，待薄膜形状稳定．③将画有油膜形状的玻璃板平放在坐标纸上，计算出油膜的面积，根据油酸的体积和面积计算出油酸分子直径的大小．④用注射器将事先配好的油酸酒精溶液一滴一滴地滴入量筒中，记下量筒内每增加一定体积时的滴数，由此计算出一滴油酸酒精溶液的体积．⑤将玻璃板放在浅盘上，然后将油膜的形状用彩笔描绘在玻璃板上．完成下列填空：（1）上述步骤中，正确的顺序是④①②⑤③．（填写步骤前面的数字）（2）将1cm3的油酸溶于酒精，制成300cm3的油酸酒精溶液；测得l cm3的油酸酒精溶液有50滴．现取一滴该油酸酒精溶液滴在水面上，测得所形成的油膜的面积是0.13m2．由此估算出油酸分子的直径为5×10﹣10m．（结果保留l位有效数字）【分析】将配制好的油酸酒精溶液，通过量筒测出1滴此溶液的体积．然后将1滴此溶液滴在有痱子粉的浅盘里的水面上，等待形状稳定后，将玻璃板放在浅盘上，用彩笔描绘出油酸膜的形状，将画有油酸薄膜轮廓的玻璃板放在坐标纸上，按不足半个舍去，多于半个的算一个，统计出油酸薄膜的面积．则用1滴此溶液的体积除以1滴此溶液的面积，恰好就是油酸分子的直径．【解答】解：（1）“油膜法估测油酸分子的大小”实验步骤为：配制酒精油酸溶液（教师完成，记下配制比例）→测定一滴酒精油酸溶液的体积（题中的④）→准备浅水盘（①）→形成油膜（②）→描绘油膜边缘（⑤）→测量油膜面积（③）→计算分子直径（③）（2）计算步骤：先计算一滴油酸酒精溶液中油酸的体积=一滴酒精油酸溶液的体积×配制比例=，再计算油膜面积，最后计算分子直径=m．故答案为：（1）④①②⑤③（2）5×10﹣10．10．（12分）（2011•全国卷Ⅱ）使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源（一般为电池）、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端．现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60mA的电流表，电阻箱，导线若干．实验时，将多用电表调至×1Ω挡，调好零点；电阻箱置于适当数值．完成下列填空：（1）仪器连线如图1所示（a和b是多用电表的两个表笔）．若两电表均正常工作，则表笔a为黑（填“红”或“黑”）色；（2）若适当调节电阻箱后，图1中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图2（a），（b），（c）所示，则多用电表的读数为14.0Ω．电流表的读数为53.0 mA，电阻箱的读数为 4.6Ω：（3）将图l中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为102mA；（保留3位有效数字）（4）计算得到多用电表内电池的电动势为 1.54V．（保留3位有效数字）【分析】当用多用电表测电阻时，电源在表内，要使电流从图中电流表正极流进，从负极流出，因此表笔a连接电源的正极，所以表笔a为黑色的．多用电表测电阻时读数是表盘示数与倍率的乘积；电流表的读数要注意量程．【解答】解：（1）多用电表在使用时必须使电流从红表笔（正接线柱）流进，黑表笔（负接线柱）流出，串联的电流表也必须使电流从正接线柱流进，负接线柱流出，所以可以判断电流是从a表笔流出的为黑表笔．（2）多用电表用×1倍率测量，读数为：14.0×1=14.0Ω电流表的量程是60m A，所以不能在表盘上直接读数，需要改装为10，20，30，40，50，60的表盘，然后读数为：53.0 m A电阻箱的读数为：0×100+0×10+4×1+6×0.1=4.6Ω（3）（4）多用电表测量电阻的原理是闭合电路的欧姆定律，多用电表内部的电路等效的直流电源（一般为电池）、电阻、表头与待测电阻串联，当表头短接时电路电流最大为表头的满偏电流I g=，将R g取为r+r g+R为多用电表的内阻，当待测电阻等于R g时，这时表头半偏，表针指在欧姆表盘的中值上，所以R g又称为中值电阻．当选择×1倍率测量时中值电阻直接在欧姆表盘上读数为15Ω．在（2）中多用电表外的电阻为多用电表的读数14.0Ω，干路电流是53.0 m A，则电源电动势是E=I（R内+R外）=0.053×（15+14）=1.537V．则满偏电流I g=m A．故答案为：（1）黑；（2）14.0，53.0，4.6；（3）102；（4）1.54．三、解答题11．（15分）（2011•全国卷Ⅱ）如图，两根足够长的金属导轨ab、cd竖直放置，导轨间距离为L1电阻不计．在导轨上端并接两个额定功率均为P、电阻均为R的小灯泡．整个系统置于匀强磁场中，磁感应强度方向与导轨所在平面垂直．现将一质量为m、电阻可以忽略的金属棒MN从图示位置由静止开始释放．金属棒下落过程中保持水平，且与导轨接触良好．已知某时刻后两灯泡保持正常发光．重力加速度为g．求：（1）磁感应强度的大小：（2）灯泡正常发光时导体棒的运动速率．【分析】导体棒释放后做加速度减小的加速运动，直到重力等于安培力时以最大速度匀速运动．在加速阶段感应电动势和感应电流增大，两灯泡逐渐变亮，只有在匀速阶段两灯泡的亮度不变，所以两灯泡保持正常发光说明导体棒在匀速运动．【解答】解：（1）两灯泡保持正常发光说明导体棒在匀速运动，根据平衡条件：mg=BIL①两灯泡保持正常发光I=2I m ②P=I m2 R ③连立①②③化简得磁感应强度的大小④（2）两灯泡保持正常发光时的电压等于感应电动势U2=PR ⑤根据法拉第电磁感应定律E=BLv ⑥连立⑤⑥化简得灯泡正常发光时导体棒的运动速率．12．（19分）（2011•全国卷Ⅱ）如图，与水平面成45°角的平面MN将空间分成Ⅰ和Ⅱ两个区域．一质量为m、电荷量为q（q＞0）的粒子以速度v0从平面MN 上的P0点水平右射入I区．粒子在Ⅰ区运动时，只受到大小不变、方向竖直向下的电场作用，电场强度大小为E；在Ⅱ区运动时，只受到匀强磁场的作用，磁感应强度大小为B，方向垂直于纸面向里．求粒子首次从Ⅱ区离开时到出发点P0的距离．粒子的重力可以忽略．【分析】在分离电磁场中粒子先做类平抛运动，后做匀速圆周运动，两运动的衔接条件为速度大小和速度方向．求粒子首次从II区离开时到出发点P0的距离必须知道在电场中的平抛位移和在磁场中运动的弦长，根据电场力方向和左手定则正粒子都向N侧运动，所以d=电场位移S+磁场圆的弦L．【解答】解：正粒子垂直电场进入做类平抛运动，初末位置在45°角的平面MN 上，说明位移方向角是45°，根据分解公式得x=v0t①②③④⑤⑥速度与水平方向的夹角θ：tanθ=2tan45°=2⑦连立①②③④⑤⑥化简得⑧进入磁场时与边界MN的夹角为θ﹣45°做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律得⑨作出原轨迹，则弦长和半径满足关系⑩连立⑨⑩得所以粒子首次从II区离开时到出发点P0的距离为13．（20分）（2011•全国卷Ⅱ）装甲车和战舰采用多层钢板比采用同样质量的单层钢板更能抵御穿甲弹的射击．通过对以下简化模型的计算可以粗略说明其原因．质量为2m、厚度为2d的钢板静止在水平光滑桌面上．质量为m的子弹以某一速度垂直射向该钢板，刚好能将钢板射穿．现把钢板分成厚度均为d、质量均为m的相同两块，间隔一段距离水平放置，如图所示．若子弹以相同的速度垂直射向第一块钢板，穿出后再射向第二块钢板，求子弹射入第二块钢板的深度．设子弹在钢板中受到的阻力为恒力，且两块钢板不会发生碰撞不计重力影响．【分析】子弹射穿质量为2m、厚度为2d的钢板，由动量守恒和功能关系可以求出他们最后的速度和子弹受到的阻力f；子弹先射穿第一块钢板，我们仍然采用动量守恒和已知阻力做的功求出子弹的速度V1，再用速度V1穿进第二块钢板，仍然利用动量定理和功能关系求出子弹在第二块钢板中进入的深度d0．【解答】解：质量为m的子弹以某一速度V0垂直射向该钢板，刚好能将钢板射穿且钢板和子弹获得速度为V，则由系统动量守恒和摩擦力做功等于系统动能的减少得：mv0=（m+2m）v…①…②质量为m的子弹以某一速度V0垂直射穿第一块钢板，获得速度V1，钢板速度V2，则由系统动量守恒和摩擦力做功等于系统动能的减少mv0=mv1+mv2…③…④质量为m的子弹以速度V1垂直射向第二块钢板在第二块钢板中进入深度d0，公共速度V3，则由系统动量守恒和摩擦力做功等于系统动能的减少mv1=2mv3…⑤…⑥联立以上六式化简得答：子弹射入第二块钢板的深度。
2011年黄冈中学高考物理第二轮专题决战资料：专题5 物理实验参考答案
2011届黄冈高考物理第二轮专题决战资料专题五 物理实验参考答案典型例题【例1】 解析： （1）利用逐差法求小车的加速度．由纸带可知，任意两相邻记数点间的时间间隔T =0.04s ， 由逐差法可得6172839412342222,,,5555S S S S S S S S a a a a T T T T ----====则12346172839422241()445555a a a a S S S S S S S S a T T T T+++----==+++ =4.00m/s 2（2）为了求出小车下滑过程中所受到的阻力，还需要测量小车的质量m ，斜面上任意两点间距离l 和这两点间的高度差h小车的受力情况如图5—2sin ,mg f ma θ-=而sin hlθ=所以，hf mgma l=-． 【点评】 （1）逐差法充分利用了纸带的实验数据，从而减小了数据测量引起的偶然误差．本题中所给出的实验数据个数为奇数（9（2）小车下滑过程中所受到的阻力无法直接测量，但根据牛顿第二定律可转化为测量m ，a ，h 和l ．与此相类似，你能求出打点计时器打纸带上的两记数点的过程中小车克服阻力所做的功吗？【例2】 解析： ①本实验测量角速度的原理是：圆盘匀速转动时，其线速度sv t=，又角速度v r ω=，所以，其原理式为srtω=在纸带上选定两点，设它们在米尺上对应的刻度值分别为x 1、x 2，数出这两点间（含这两点）的打点数n ，打点计时器打点的周期为T ，则打这两点的时间间隔t =(n －1)T ，这段时间内圆盘转过的弧长S =x 2－x 1，若测得圆盘的半径为r ，由已知量和测得量表示的角速度的表达式为21(1)x x T n rω-=-．②若取120,6x x ==cm ，则n =9，又21s, 5.501050T r -==⨯cm ． 代入可得226.010rad/s 6.8rad/s 18 5.01050ω--⨯==⨯⨯⨯【点评】 实验原理是完成实验的依据和关键．虽然该实验没有做过，但所用到的实验方法并不陌生，要结合题给实验器材和实验步骤通过联想和迁移，弄清实验原理和所需测量的物理量，进而得出待测量的表达式．图5—2【例3】 解析： （1）由于小灯泡灯丝的电阻值远小于电压表的内阻（如：电压为2.00V 时，其阻值R 灯=2.004.000.50U I =Ω=Ω），为减少由于电表接入电路引起的系统误差，应采用电流表外接法．为使小灯泡两端的电压的变化范围尽可能大，滑线变阻器应连接成分压电路，实验电路如图5—6图5—6 图5—7（2）根据实验得到的数据在U —I 坐标系中描点，并将这些数据点连接成一条平滑的曲线，如图5—7（3）根据 1.52U E Ir I =-=-作出电源的U —I 图线，它与小灯泡的伏安特性曲线的交点坐标就是小灯泡的工作点，即工作电流I =0.35A ，工作电压U =0.08V ，故小灯泡的实际功率P =IU =0.28W ．【点评】 本题主要考查独立完成实验的能力．主要包括①实验原理及电路；②用图象法．．．处理实验数据，并得出实验结论．其中利用图线确定小灯泡与电源连接后的工作点是解答本题第（3【例4】 解析：本实验测定小铁块克服摩擦力所做功的原理是动能定理和平抛运动的规律。
2011届高考物理二轮复习 专题五 功、功率、动能定课件 新人教版
三、反馈练习 反馈练习
1．图为测定运动员体能的装置，轻绳拴在腰间沿水平线跨过定滑轮（不计滑轮 图为测定运动员体能的装置，轻绳拴在腰间沿水平线跨过定滑轮（ 的质量与摩擦）， ），下悬重为 的物体。设人的重心相对地面不动， 的质量与摩擦），下悬重为G的物体。设人的重心相对地面不动，人用力向后蹬 传送带， 逆时针转动。 传送带，使水平传送带以速率v逆时针转动。则( BC ) 人对重物做功， A．人对重物做功，功率为Gv B．人对传送带的摩擦力大小等于G，方向水平向左 C．在时间t内人对传送带做功消耗的能量为Gvt 若增大传送带的速度， D．若增大传送带的速度，人对传送带做功的功率不变
；由于水平面光滑,所以拉力F即为合外力，F 随位移X的变化图象包围的面积即为F做的功， 由图线可知，半圆的半径为：R=F0=x0/2
处的动能为E 设x0处的动能为EK
W = Ek − 0
W = Ek
x0 π E k = W = S＝ = × F0 × = F0 x0 2 2 2 4
例2．下列是一些说法中，正确的是 （ BD ） A．一质点受两个力作用且处于平衡状态，这两个力在同一段时间 内的对物体做功一定相同 B．一质点受两个力作用且处于平衡状态，这两个力在同一段时间 内做的功或者都为零，或者大小相在等符号相反 C．同样的时间内，作用力和反作用力的功大小不一定相等，但正 负号一定相反 D．在同样的时间内，作用力和反作用力的功大小不一定相等，但 正负号也不一定相反 因为处于平衡状态时，两个力大小相等方向相反， 因为处于平衡状态时，两个力大小相等方向相反，在同一段时间内 冲量大小相等，但方向相反。由恒力做功的知识可知，说法B正确。 冲量大小相等，但方向相反。由恒力做功的知识可知，说法B正确。 关于作用力和反作用力的功要认识到它们是作用在两个物体上， 关于作用力和反作用力的功要认识到它们是作用在两个物体上，两 个物体的位移可能不同，所以功可能不同，说法C不正确，说法D 个物体的位移可能不同，所以功可能不同，说法C不正确，说法D正 正确选项是BD BD。 确。正确选项是BD。
2011届高考物理二轮专题复习教案第四讲 动量和能量
2011届高考物理二轮专题复习教案第四讲动量和能量一、特别提示动量和能量的知识贯穿整个物理学，涉及到“力学、热学、电磁学、光学、原子物理学”等，从动量和能量的角度分析处理问题是研究物理问题的一条重要的途径，也是解决物理问题最重要的思维方法之一。
1、动量关系动量关系包括动量定理和动量守恒定律。
（1）动量定理凡涉及到速度和时间的物理问题都可利用动量定理加以解决，特别对于处理位移变化不明显的打击、碰撞类问题，更具有其他方法无可替代的作用。
（2）动量守恒定律动量守恒定律是自然界中普通适用的规律，大到宇宙天体间的相互作用，小到微观粒子的相互作用，无不遵守动量守恒定律，它是解决爆炸、碰撞、反冲及较复杂的相互作用的物体系统类问题的基本规律。
动量守恒条件为：①系统不受外力或所受合外力为零②在某一方向上，系统不受外力或所受合外力为零，该方向上动量守恒。
③系统内力远大于外力，动量近似守恒。
④在某一方向上，系统内力远大于外力，该方向上动量近似守恒。
应用动量守恒定律解题的一般步骤：确定研究对象，选取研究过程；分析内力和外力的情况，判断是否符合守恒条件；选定正方向，确定初、末状态的动量，最后根据动量守恒定律列议程求解。
应用时，无需分析过程的细节，这是它的优点所在，定律的表述式是一个矢量式，应用时要特别注意方向。
2、能的转化和守恒定律（1）能量守恒定律的具体表现形式高中物理知识包括“力学、热学、电学、原子物理”五大部分内容，它们具有各自的独立性，但又有相互的联系性，其中能量守恒定律是贯穿于这五大部分的主线，只不过在不同的过程中，表现形式不同而已，如：在力学中的机械能守恒定律：在热学中的热力学第一定律：在电学中的闭合电路欧姆定律：，法拉第电磁感应定律，以及楞次定律。
在光学中的光电效应方程：在原子物理中爱因斯坦的质能方程：（2）利用能量守恒定律求解的物理问题具有的特点：①题目所述的物理问题中，有能量由某种形式转化为另一种形式；②题中参与转化的各种形式的能，每种形式的能如何转化或转移，根据能量守恒列出方程即总能量不变或减少的能等于增加的能。
2011届高考物理第二轮 综合专题复习题5
高考综合复习——恒定电流专题复习一电路的根本概念、欧姆定律总体感知知识网络考纲要求内容要求欧姆定律电阻定律电阻的串联、并联电源的电动势和内阻闭合电路的欧姆定律电功率、焦耳定律IIIIIIII实验：测定金属的电阻率〔同时练习使用螺旋测微器〕实验：描绘小电珠的伏安特性曲线实验：测定电源的电动势和内阻实验：练习使用多用电表命题规律本章为电学根底知识，为历年高考的热点，重点。
从近几年高考试题来看，命题多集中在局部电路欧姆定律，串、并联电路，闭合电路欧姆定律这三个知识点上，其次是电功率和直流电路的动态分析。
由于该局部知识与实验结合严密，因此常通过实验考查该局部知识的运用情况。
考查既具体又灵活，像仪器的选择、读数、器材的连接、数据处理、误差分析等，每年的高考试题中都有所涉与，在复习中应予以足够重视。
对于根本的多用电表的认识和使用，常见的测量电阻的方法，滑动变阻器、电压表、电流表等电学元件的使用等应该牢牢地掌握。
高考中，可能从以下几个方面对本专题知识进展考查：考查电路的计算：包括串、并联计算，电功、电热的计算〔纯电阻电路和非纯电阻电路〕和闭合电路欧姆定律的应用。
电路分析：包括含电容器电路的分析，电路的故障、动态变化问题的分析，电功和电功率在串、并联电路中的分配分析。
本专题还经常与后面的电磁感应、交流电知识相结合，运用相关的电路知识、运动学规律、能量守恒来解决一些综合题，是高考中又一重点和难点。
复习策略本专题内容复习应注意以下几点：1．注意区分定义式与决定式恒定电流中不少物理量是用其他物理量的比值来定义的，如等，这些式子叫定义式。
可用q、t计算I，用U、I计算R。
在一个电路中，当U、R一定时，I是不变的，并不因为时间的增长而减小，不能说时间增大几倍，流过导线截面的电量也增大几倍，的比值不变，I不变，因此不能说电流与电量成正比，与时间成反比。
同理，也不能说电阻R与电压U成正比，与电流强度I成反比。
所以，由物理量的定义式看不出物理量的大小由什么决定。
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专题限时规范训练 (时间：90分钟 满分：100分) 1.(2分)如图1所示，绝热容器中用活塞封闭一定量的理想气体，活塞可 在容器中无摩擦地移动，现用力压活塞，使活塞向左运动，活塞中气体的温度变化情况是 ( ) A．升高 B．降低 C．不变 D．无法确定 2.(2分)下列有关热现象的叙述中正确的是 ( ) A．布朗运动是液体分子无规则的运动 B．分子间不可能同时存在引力和斥力 C．热量可以从低温物体传递到高温物体，但一定要引起其它的变化 D．一定质量的理想气体发生等压膨胀过程，其温度一定增大 3.(2分)如图2所示，Ⅰ和Ⅱ是一定质量的理想气体所处的两个平衡状态， 则状态Ⅰ跟状态Ⅱ比较 ( ) A．气体密度大 B．分子的平均动能大 C．分子间平均距离大 D．每个分子的动能都大 4.(6分)(1)(3分)下列说法中正确的是________．(填选项前的字母) A．热不可能从低温物体传到高温物体 B．容器中气体压强是由于大量气体分子对容器壁的频繁碰撞造成的 C．液体表面存在张力是由于表面层分子间距离小于液体内部分子间距离 D．蔗糖受潮后会粘在一起，因为没有确定的几何形状，所以它是非晶体 (2)(3分)若一气泡从湖底上升到湖面的过程中温度保持不变，对外界做了0.6 J的功，则在此过程中关于气泡中的气体(可视为理想气体)，下列说法正确的是________．(填选项前的字母) A．气体分子的平均动能要减小 B．气体体积要减小 C．气体向外界放出的热量大于0.6 J D．气体从外界吸收的热量等于0.6 J 5.(6分)(1)(3分)关于永动机和热力学定律的讨论，下列叙述正确的是________．(填选项前 的字母) A．第二类永动机违反能量守恒定律 B．如果物体从外界吸收热量，则物体的内能一定增加 C．外界对物体做功，则物体的内能一定增加
图1 图2 D．内能的变化量可以用做功多少或热量来量度 (2)(3分)封闭在贮气瓶中的某种理想气体，当温度升高时，下列说法中正确的是(容器的热膨胀忽略不计)________．(填选项前的字母) A．密度不变，压强增大 B．密度不变，压强减小 C．密度增大，压强不变 D．密度减小，压强不变 6.(15分)(1)(5分)以下说法中正确的是 ( ) A．热现象的微观理论认为，各个分子的运动都是无规则的、带有偶然性的，但大量分子 的运动仍有一定的规律 B．从微观角度看，气体压强的大小跟两个因素有关：一个是气体分子的最大速率，一个 是分子的数目 C．同种物质可能以晶体和非晶体两种不同的形态出现，如金刚石是晶体，石墨是非晶体， 但组成它们的微粒均是碳原子 D．一定温度下，饱和汽的分子数密度是一定的，因而饱和汽的压强也是一定的 E．物体吸收热量同时对外做功，内能一定不变 (2)(10分)如图3所示，在水平面上固定一个气缸，缸内由质量为m的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞与缸壁间无摩擦且无漏气，活塞到气缸底距离为L0.今有一质量也为m的重物自活塞上方h高处自由下落到活塞上并立即以碰前速度的12与活塞一起向下运动，向下运动过程中
活塞可达到的最大速度为v，求从活塞开始向下移动到达到最大速度的 过程中活塞对封闭气体做的功．(被封闭气体温度不变，外界大气压强为p0) 7．(15分)Ⅰ.(5分)下列说法中正确的是 ( ) A．热现象过程中不可避免地出现能量耗散现象，能量耗散是从能量转化的角度反映出自 然界中宏观过程具有方向性 B．两个分子间的距离由很远(r>10－9 m)减小到很难再靠近的过程中，分子间作用力先减 小后增大；分子势能不断增大 C．物体放出热量，温度不一定降低 D．在温度不变的条件下，饱和汽的体积减小，其压强增大 Ⅱ.(10分)如图4所示为某同学设计的一简易火灾报警装置．其原理是：竖直放置的试管中装有水银，当温度升高时，水银柱上升，当水银柱上表面与导线接触时，恰使电路导通，蜂鸣器发出报警的响声.27°C时，空气柱长度L1为20 cm，水银上表面与导线下端的距离L2为10 cm，管内水银柱的高度h为13 cm，大气压强为75 cm水银柱高． (1)当温度至少达到多少摄氏度时，报警器会报警？ (2)如果要使该装置在87°C时报警，则应该再往玻璃管内至少注入多少厘米高的水银柱？ 8．(12分)(1)(4分)下列说法中正确的是 ( ) A．一定温度下饱和汽的压强随体积的增大而减小 B．人对空气干爽与潮湿的感受主要取决于空气的相对湿度
图3 图4 C．产生毛细现象时，液体在毛细管中一定上升 D．能量耗散虽然不会使能的总量减少，却会导致能量品质的降低 (2)(4分)下列说法中，正确的是 ( ) A．晶体具有确定的熔点 B．多晶体具有各向异性 C．晶体和非晶体之间不能相互转化 D．碳原子按照不同规则排列，可以成为石墨，也可以成为金刚石 (3)(4分)如图5所示，用活塞封闭一定质量理想气体的导热气缸放在水平桌面上，气缸正上方有一个沙漏正在漏沙，导致活塞缓慢下降．若大气压和外界温度恒定，随着沙子不断漏下，缸内气体的压强逐渐____(选填“增大”或“减小”)，气体____(选填“吸收”或“放出”)热量． 9.(12分)二氧化碳是导致全球变暖的主要原因之一，人类在采取节能减排措 施的同时，也在研究控制温室气体的新方法，目前专家们正在研究二氧化 碳的深海处理技术． (1)在某次实验中，将一定质量的二氧化碳气体封闭在一可自由压缩的导热容器中，将容器缓慢移到海水某深处，气体体积减为原来的一半，不计温度变化，则此过程中 ( ) A．封闭气体对外界做正功 B．封闭气体向外界传递热量 C．封闭气体分子的平均动能增大 D．封闭气体组成的系统的熵减小 (2)实验发现，二氧化碳气体在水深170 m处变成液体，它的密度比海水大，靠深海的压力使它永沉海底，以减少排放到大气中的二氧化碳量．容器中的二氧化碳处于汽液平衡状态时的压强随温度的增大而______(选填“增大”、“减小”或“不变”)；在二氧化碳液体表面，其分子间的引力________(选填“大于”、“等于”或“小于”)斥力． (3)实验发现，在水深300 m处，二氧化碳将变成凝胶状态，当水深超过2 500 m时，二氧化碳会浓缩成近似固体的硬胶体．设在某状态下二氧化碳气体的密度为ρ，摩尔质量为M，阿伏加德罗常数为N，将二氧化碳分子看作直径为D的球，体积为于16πD3，则在该状态
下体积为V的二氧化碳气体变成固体后体积为多少？ 10.(1)(3分)有以下说法： A．布朗运动是液体分子的无规则运动 B．雨水没有透过布雨伞是因为液体表面存在张力 C．液晶显示屏是应用液晶的光学各向异性制成的 D．物体的温度升高，表示物体中所有分子的动能都增大 E．热量不能自发地从低温物体传给高温物体 F．将一个分子从无穷远处无限靠近另一个分子，分子势能先减小后增大 其中正确的有__________________．
图5 (2) (5分)如图6所示，绝热隔板S把绝热的气缸分隔成体积相等的两部分，S与气缸壁的接触是光滑的，两部分中分别盛有相同质量、相同温度的同种气体a和b，气体分子之间相互作用可忽略不计． 现通过恒定电压为U的电源和阻值为R的电热丝构成电路，对气体a缓慢加热一段时间t后，a、b各自达到新的平衡状态．在此过程中，气体a内能增加量为ΔU，试求气体b的内能增加量． 11.(8分)气压式保温瓶内密封空气体积为V，瓶内水面与出水口的高度差为h， 如图7所示．若此时瓶内气体的摩尔体积为V0，阿伏加德罗常数为NA，水的密度为ρ，大气压强为p0，欲使水从出水口流出，需从顶部向下按压活塞盖子，假设按压过程是缓慢进行的 (1)写出瓶内气体分子数的估算表达式． (2)压缩过程中保温瓶内空气的内能如何变化？(说明理由) (3)瓶内空气压缩量ΔV至少为多少时保温瓶内的水才能向外流出？(计算时可忽略瓶中气体温度的变化，重力加速度为g) 12．(12分)(1)现代科学技术的发展与材料科学、能源的开发密切相关，下列说法正确的是 ( ) A．化石能源为清洁能源 B．纳米材料的粒度在1～100 μm之间 C．能源就是能量，是不会减少的 D．液晶既有液体的流动性，又有光学性质的各向异性 (2)一定质量的理想气体在某一过程中，外界对气体做功1.7×105 J，气体内能减少1.3× 105 J，则此过程中气体______(填“吸收”或“放出”)的热量是________ J．此后保持气体压强不变，升高温度，气体对外界做了5.0×105 J的功，同时吸收了6.0×105 J的热量，则此过程中，气体内能增加了________ J. (3)已知铁的摩尔质量M＝5.6×10－2 kg/mol，密度ρ＝7.8×103 kg/m3，阿伏加德罗常数NA
＝6.0×1023 mol－1，求1 cm3铁中含有的铁原子数．(保留两位有效数字)
答案 1．A 2．CD 3．BC 4．(1)B (2)D 5．(1)D (2)A 6．(1)AC (2)mg(L0＋12h)－mv2
7．Ⅰ.AC Ⅱ.(1)177°C (2)8 cm 8．(1)BD (2)AD (3)增大 放出 9．(1)BD(4分，漏选得2分，错选不得分) (2)增大(2分) 大于(2分) (3)二氧化碳气体的摩尔数n＝ρVM(2分)
变成固体后的体积V′＝nNV球＝πρVND36M(2分) 10．(1)BCEF (2)RU2t－ΔU
图6 图7