安徽省阜阳市2019-2020学年中考物理第三次押题试卷含解析

安徽省阜阳市2019-2020学年中考物理第三次押题试卷
一、单选题（本大题共10小题，共30分）
1．在国际单位制中，电功的单位是
A．安培B．伏特C．焦耳D．瓦特
C
【解析】
【分析】
【详解】
A. 安培是电流的主单位；
B. 伏特是电压的主单位；
C. 焦耳是功和各种能量的主单位，当然也是热量的主单位；
D. 瓦特是功率的主单位．故选C.
2．如图所示，利用滑轮组在2s内将重400N的物体匀速提升了1m，所用拉力F为150N．不计绳重和摩擦，下列说法正确的是
A．绳子自由端移动的速度为2.5m/s
B．动滑轮的总重为100N
C．滑轮组的机械效率为83.3%
D．提升更重的物体，滑轮组的机械效率会变大
D
【解析】
【分析】
【详解】
A、由图可知，滑轮组的动滑轮绕4段绳，绳子自由端移动距离s=4h=4×1m=4m，绳子自由端移动速度
v=
4m
2s
s
t
=2m/s，故A错误；
B、不计绳重及摩擦，拉力F=1
4
（G+G动），可得动滑轮所受的重力G动=4F-G=4×150N-400N=200N，故B
错误；
C、拉力做的功W总=Fs=150N×4m=600J，有用功：W有用=Gh=400N×1m=400J，滑轮组的机械效率：
η=W
W
有用
总
=
400J
600J
×100%≈66.7%，故C错误；
D、若用该滑轮组提升所受重力更重的物体，额外功不变，有用功增加，有用功在总功中所占的比例增加，机械效率增加，故D正确．
3．今年2月21日，美丽的呼和浩特市大雪，当天一条微信是这样描述的：“朝来晨光映白雪，午间戏水弄清波，笑看夕阳踏泥去，午夜出门还溜坡．（早晨玩雪，中午玩水、和泥，半夜溜冰）”对这个自然现象所包含的物理规律，下列描述正确的是
A．升华放热﹣﹣凝华吸热B．汽化放热﹣﹣液化吸热
C．熔化吸热﹣﹣凝固放热D．熔化吸热﹣﹣凝华吸热
C
【解析】
微信描述的内容包含了自然现象中不同的物态变化：雪是空气中的水蒸气遇冷由气态直接变为固态发生凝华形成的，凝华放热；雪吸收热量熔化成水；水凝固成冰，凝固放热；因此：
A．升华吸热，凝华放热，故A错误．
B．汽化吸热，液化放热，故B错误．
C．熔化吸热，凝固放热，故C正确，符合题意为答案．
D．熔化吸热，凝华放热，故D错误．
4．在中国科技馆的展厅里，摆着一个如图所示，叫做“最速降线”的展品：两个并排轨道的起点高度一样，终点高度也一样；一个是倾斜的直轨道，另一个是向下弯曲的弧形轨道。

将甲、乙两个完全相同的小球同时分别从直轨道和弧形轨道的起点释放，弧形轨道上的乙球先到达终点。

若不计一切摩擦阻力，则关于两小球从起点至终点的运动过程中，下列说法正确的是（）
A．乙球的重力势能先变小后变大
B．甲球所受重力对甲球做的功比乙球所受重力对乙球做的功少
C．甲球所受重力对甲球做功比乙球所受重力对乙球做功快
D．甲球的动能一直变大
D
【解析】
【详解】
因为两球的重力相同，最初的高度相同；在下降过程中甲球、乙球的高度不断减小，即势能一直减小，动能一直增大，故A错误、D正确；因为两球的重力相同，在起点处小球甲与小球乙的高度相同，所以它们的重力势能相同，到最低点时重力所做的功相同，故B错误；在下降过程中，乙先到达终点，即乙的速度大，因为两球的重力相同，由P=Fv知道，重力对小球乙做功的功率比对小球甲做功的功率大，故C错误，
故选D。

5．如图所示，在“探究杠杆的平衡条件”实验中，已知杠杆上每个小格长度为2cm，当弹簧测力计在A 点斜向上拉杠杆（已知30°角所对的边等于斜边的一半）。

使杠杆在水平位置平衡时，下列说法正确的是
A．动力臂为0.08m
B．钩码总重为2N
C．动力乘以动力臂即为弹簧测力计对杠杆做功的多少
D．在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是多次测量取平均值减小误差
B
【解析】
【详解】
A．如图所示，动力臂为l1，当弹簧测力计在A点斜向上拉（与水平方向成30°角）杠杆，所以动力
臂
111
42cm
4cm0.04m
22
l OA
==⨯⨯==，故A错误。

B．由图知，弹簧测力计示数为3N，根据杠杆的平衡条件F1l1＝Gl2可得，11
2
3N4cm
2N
6cm
F l
G
l
⨯
===，故B正确。

C．根据功的概念可知，功是力和在力的方向上通过的距离的乘积，而动力臂与动力的方向垂直，动力不做功，故C错误。

D．在实验中，改变力和力臂的大小得到多组数据的目的是找出普遍性规律，故D错误。

6．随着经济的发展，我国的国防事业得到了相应的发展．如图所示为我国空军战机空中加油时的情景
A．以地面为参照物，加油机是静止的
B．以加油机为参照物，战机是运动的
C．以地面为参照物，加油机和战机都是静止的
D．以战机为参照物，加油机是静止的
D
【解析】
【详解】
AC．加油过程中，若以地面为参照物，加油机、战机和地面的位置在不断发生变化，所以说它们是运动的．AC不符合题意．
B. 以加油机为参照物，战机与加油机之间位置没有发生变化，战机是静止的，B不符合题意；
D. 以战机为参照物，加油机与战机之间的位置没有发生变化，加油机是静止的，D符合题意．
7．厨房中蕴含着丰富的物理知识．下列分析不正确的是
A．机翼产生升力是利用流体压强与流速的关系来产生的
B．洗菜盆排水管中的U型“反水弯”是利用了连通器原理防臭
C．把塑料吸盘压在光滑的墙壁上是应用了大气压
D．把菜刀磨得锋利是为了减小压强
D
【解析】
【详解】
A、在液体和气体中，流速越快的地方压强越小；机翼产生升力是利用流体压强与流速的关系来工作的；故A正确；
B、洗手盆的排水管用U形“反水弯”能够防臭，这是连通器原理，故B正确；
C、吸盘内的空气被挤出，内部气压小于外界大气压，是大气压将其压在了墙面上，故C正确；
D、把菜刀磨得锋利，是在压力一定时，通过减小受力面积来增大压强；故D错误．
8．如图所示，三个完全相同的容器内装有适量的水后，在乙容器内放入木块漂浮在水面上，丙容器内放一个小球悬浮在水中，此时，甲、乙、丙三个容器内水面高度相同，下列说法正确的是
A．三个容器中，水对容器底的压强相等
B．三个容器中，水对容器底的压力不相等
C．如果向乙容器中加入盐水，木块受到的浮力变大
D．如果向丙容器中加入酒精，小球将上浮
A
【解析】
【详解】
A．因为甲、乙、丙三个容器内水面高度相同，由液体压强公式p=ρgh可得，三容器中，水对容器底的压强是相等的，A正确，符合题意；
B．因为压强相等，由公式F=pS可知在压强p相等，受力面积S相等时，三容器中，水对容器底的压力相等，B不正确，不符合题意；
C．如果向乙容器中加入盐水，则液体密度变大，木块仍然漂浮，浮力大小等于木块重力大小，即木块所受浮力大小不变，C错误，不符合题意；
D．如果向丙容器中加入酒精，则混合液体的密度减小，原来悬浮的小球将下沉，D错误，不符合题意．9．下列对热学知识进行的归纳总结中，正确的是（）
A．空气推动活塞时内能增加
B．下滑时通过做功增加了物体内能
C．小蒸汽轮机利用机械能转化成内能来工作
D．海边昼夜温差小是因为水的比热容小
B
【解析】
【详解】
A、空气推动活塞，对活塞做功，空气的内能减小，温度降低，故该选项说法错误；
B、下滑时通过功增加了物体内能，克服摩擦做功，机械能转化成内能，内能增加，故该选项正确；
C、蒸汽轮机是利用内能转化为机械能的原理进行工作的，故该选项说法错误．
D、因为水的比热容较大，在吸收相同的热量时温度变化较小，所以昼夜温差较小，故该选项说法错误；故选B．
【点睛】
本题利用生活中热学知识的实例，综合检查了能量转化多方面的知识，要求学生对物体内能的转化有一个全面的了解并能学以致用．让学生真正掌握物体内能的转化方式．
1、本题主要是考查能量转化知识的题目，要求学生掌握物体内能的转化；
2、做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能；
3、比热容是物质的特性，大部分物质的比热容不同，比热容大的物质在同样受冷或受热时，温度变化量
小．
10．如图所示的四个实物连接电路图能满足以下要求：“当只闭合开关S1时小灯泡发光，其他用电器不工作；当只闭合S2时，蜂鸣器发声，同时小电风扇转动，小灯泡不发光”的一项是
A．
B．
C．
D．
B
【解析】
【分析】
【详解】
A、由图可知，S2在干路上，当只闭合开关S1时，电路为断路，所以小灯泡、蜂鸣器和小电风扇均不工作；当只闭合S2时，小灯泡发光，故A不符合题意；
B、由图可知，当只闭合开关S1时，小灯泡发光，其他用电器不工作；当只闭合S2时，电流经蜂鸣器、小电风扇能形成一个完整的闭合回路，所以蜂鸣器发声，同时小电风扇转动，小灯泡不发光，故B符合题意；
C、由图可知，所有元件串联，当只闭合开关S1时，电路为断路，所有用电器都不工作；当只闭合S2时，电路为断路，所有用电器都不工作，故C不符合题意；
D、由图可知，S2在干路上，当只闭合开关S1时，电路为断路，所以小灯泡、蜂鸣器和小电风扇均不工作；当只闭合S2时，小灯泡发光，故D不符合题意．
二、多选题（本大题共3小题，共12分）
11．如图甲所示，电源电压保持不变，R 0为定值电阻，R 为滑动变阻器，闭合开关S ，滑动变阻器的滑片从一端移动到另一端的过程中，电压表和电流表的示数与R 的关系分别如图乙、丙所示．下列说法正确的是（ ）
A ．电源电压为6V
B ．滑动变阻器R 的最大阻值是20Ω
C ．R 0的最小电功率为0.4W
D ．当滑片P 置于中点时，R 的电功率为0.8W ABC 【解析】 【分析】
由电路图可知，R 与R 0串联，电压表测R 0两端的电压，电流表测电路中的电流．
（1）根据电压表和电流表的示数与R 的关系，可得滑片在最大值和最小值处电压表和电流表的示数，由串联电路特点和欧姆定律可得电源电压； （2）计算R 0的阻值和滑动变阻器的最大阻值；
（3）根据图象得出的最小电压和电流，利用电功率公式计算此时R 0的最小功率；
（4）当滑片P 置于中点时，由串联电路特点和欧姆定律求出电路中电流，由P=I 2R 即可求出滑动变阻器的功率． 【详解】
由电路图可知，R 与0R 串联，电压表测0R 两端的电压，电流表测电路中的电流．
A 、由图甲、乙可知，当0R =时，即只有0R 连入电路中时，电压表示数最大为6V ，即电源电压6U V =，故A 正确；
B 、由图丙知，当0R =时，电路中电流：00.6I I A ==，由欧姆定律可得0R 的阻值：
006V 10Ω0.6A
U R I =
==； 由乙图知，当滑动变阻器连入阻值最大时，电压表示数为2V ，即02U V =，此时电路中电流最小，由丙图可知：'0.2I I A ==最小；由串联电路特点和欧姆定律可得，此时滑动变阻器两端电压：
06V 2V 4V R U U U =-=-=，由欧姆定律可得滑动变阻器的最大阻值：4V
20Ω0.2A
R U R I =
==最小；故
B 正确；
C 、0R 的最小功率：0020.20.4P U I V A W ==⨯=，故C 正确；
D 、当滑片P 置于中点时，电路中的电流：206V
0.3A
1
110Ω20Ω
2
2
U I R R
=
=
=++⨯，
此时R 的功率：22
21
(0.3A)20Ω0.9W 2
R P I R ==⨯⨯=中，故D 错误． 故选ABC ． 【点睛】
重点是串联电路的特点、欧姆定律的应用以及电功率公式的应用，从图象中获取滑动变阻器接入电路中的电阻与对应的电流、电压表的示数是关键． 12．下列说法中正确的是 A ．压力是由于重力产生的 B ．压力的方向不总是竖直向下 C ．物体产生的压力越大，其压强越大 D ．体积大的物体，受到液体的浮力不一定大 BD 【解析】 试题分析：
A 、压力不一定是由重力产生的，如将物体压在竖直的墙面上，其压力与重力无关，故A 错误；
B 、压力的方向总是垂直于物体的接触面，并不一定竖直向下，也不一定垂直向下，故B 正确；
C 、当受力面积一定时，物体产生的压力越大，其压强越大，选项中缺少受力面积一定这个条件；故C 错误；
D 、物体受到液体浮力大小与排开液体的体积和液体的密度有关，与物体本身的体积大小没有关系，体积大的物体，排开液体的体积不一定大，受到液体的浮力不一定大，故D 正确； 故选BD ．
13．小红根据所提供的几种物质的密度、熔点、比热容，得出以下四个结论，其中错误的是（ ）
A ．用来熔化铜的器皿可以用铝制作
B．体积相等的铁球和铝球，如果它们的质量相等，铝球可能是空心的
C．体积相等的实心铜块和实心铝块，放出相等的热量，铜块温度降低得较多
D．把温度为﹣10℃的冰块投入盛有0℃水的密闭隔热容器中一段时间后，冰的质量会增加
AC
【解析】
【详解】
A、铜的熔点是1083℃，铝的熔点是660℃，用铝制作熔化铜的器皿，铜还没有达到熔点，器皿（铝）就熔化、漏了，故A错误,符合题意；
B、质量相等的铁和铝，由于铁的密度大于铝的密度，根据公式V＝m
ρ可知，密度大的铁的体积小，若体
积相同，两球可能都是空心的，故B正确，不符合题意；
C、由表中知道c铜ρ铜＞c铝ρ铝，又知道V相同，放出相等的热量，根据△t＝Q
cm
放＝
Q
c V
放
ρ可知铝块的比
热容和密度的乘积较小，温度降低得较多，故C错误，符合题意；
D、﹣10℃的冰块投入密闭隔热盛有0℃水后，热量会由水传递给冰块，水放热会结冰，冰的质量会增大，故D正确，不符合题意。

故选：AC。

三、填空题（本大题共5小题，共10分）
14．如图所示是一个限流装置的示意图，当电流过大时，电磁铁磁性会_____（选填“增强”或“减弱”），电磁铁吸引衔铁Q，实现自动切断电路的作用，此装置工作时，电磁铁左端是_____极。

增强N
【解析】
【详解】
电磁铁磁性的大小与电流大小、磁场的强弱有关，当电流过大时，电磁铁磁性会增强；螺线管中电流的方向是向上的，根据安培定则可知，电磁铁左端是N极。

15．篮球运动员用力将篮球投出，表明力可以改变物体的_______；篮球离开手后在空中仍能继续上升，原因是篮球具有___________；以地面为参照物，篮球是___________（选填“运动”或“静止”）的.
运动状态惯性运动
【解析】
【详解】
运动员用力将篮球投出，篮球的运动状态发生改变，说明力可以改变物体的运动状态；由于篮球具有惯性，所以球离开手后在空中仍能继续上升；以地面为参照物，此时篮球与地面之间发生了位置变化，所以是运动的。

16．如图所示的弹簧测力计，是测量_____的工具，此时它的示数为____牛.在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需要测量的物理最是________，实验中换多种物质重复实验的目的是_______。

力 3.2 质量和体积多次实验，得出普遍规律
【解析】
【详解】
由图知道，图示弹簧测力计的最大刻度值是5N，即弹簧测力计的量程是0～5N，其分度值为0.2N，所以，指针所指示的刻度值是：3N+1×0.2N=3.2N；在探究物质质量与体积的关系实验中，需要多次测量出质量和体积，这样通过多次实验能能防止偶然性的发生，从而得出普遍规律。

17．一个标有“220V 1200W”的电热水壶．要在1个标准大气压下将2kg温度为20℃的水烧开，水需要吸收的热量是______J，若不计热损失，电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间是____s．（水的比热容为4.2×103J/（kg•℃）
6.72×105J 560
【解析】
【分析】
【详解】
在标准大气压下，水的沸点为100℃，水吸收的热量
Q吸=cm(t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃)×2kg×=6.72×105J
因为电热水壶正常工作，所以
P=P额=1200W
不计热损失
Q吸=W=Pt
所以电热水壶正常工作时烧开这壶水需要的时间
t=Q
P
吸=
5
6.7210J
1200W
=560s
18．实验课上老师要求在黑板上画出一条水平线，聪明的小华和小刚找来一根透明软管，将软管的两端向上抬起后加入适量的水，待里边的水不动时，在两边液面处各点一点作为标记，利用直尺将两点用一条直线相连，画出了水平线，如图所示。

他们的方法是利用了________的原理。

连通器
【解析】
【详解】
透明软管两端开口，底部连通，这是连通器，根据连通器原理可知软管两端的水面是相平的。

四、计算题（本大题共3小题，共29分）
19．如图甲所示，两个电阻R1、R2并联后与电阻R3串联，可以等效成电阻R12与R3串联，其中电阻R12的阻值大小就等于电阻R1、R2并联后的总电阻．如图乙所示，电源电压保持不变，图中的电阻R1=30Ω，滑动变阻器R2上标有“12Ω”字样．闭合开关S．当滑动变阻器的滑片P移到B端时，电流表的示数为0.8A．求：
（1）电源电压；
（2）滑动变阻器的滑片P滑至中点时电流表的示数；
（3）请你分析：滑片P从A向B移动过程中，R1两端的电压变化范围．
（1）24V；（2）0.364A；（3）0-24V．
【解析】
【详解】
（1）由图乙知，P在B端时，R1与R AB并联，电流表测通过R1的电流，
由并联电路特点和欧姆定律可得，电源电压：U=U1=I1R1=0.8A×30Ω=24V；
（2）由图知，滑动变阻器的滑片P滑至中点时，R1与R AP并联再与R BP串联，
R1与1
2
R AB并联后的等效电阻：R并=1AP
1AP
R R
R R
⨯
+=
1
30Ω12Ω
2
1
30Ω12Ω
2
⨯⨯
+⨯
=5Ω，
所以电路的总电阻：R=R并+R BP=5Ω+1
2
×12Ω=11Ω，
串联电路中电流处处相等，所以U R 并并=BP BP U R ，即：
BP
U U 并=AB 12
R R 并=5Ω112Ω2 =5
6， 所以：U 1=U 并=
511U=5
11×24V=12011
V ， 所以电流表的示数，即通过R 1的电流：I A =1
U R 并=120V
1130Ω
≈0.364A ； （3）由图知，当滑片在A 点时，R 1短路，所以其电压为0；P 向B 端滑动时，R AP 部分阻值不断增大，R
并
逐渐增大，U 并逐渐增大，当P 滑到B 端时，R 1与R AB 并联，此时R 1两端的电压等于电源电压24V ，即
R 1两端的电压变化范围为0-24V ． 答：（1）电源电压为24V ；
（2）滑动变阻器的滑片P 滑至中点时电流表的示数为0.364A ； （3）滑片P 从A 向B 移动过程中，R 1两端的电压变化范围0-24V ．
20．为应对菲律宾对我国领土“黄岩岛”的不断挑衅，中国“向阳红06”海监船已启程赴南海维权，如图所示．“向阳红06”船总长91米、船宽14.7米、船底深7.6米，满载排水量4900吨，最大航速13.5节（约25km/h ），续航力15000海里，是一艘装备精良的现代化综合海监船．（海水的密度为1.0×103kg/m 3，g 取10N/kg ）
满载时，“向阳红06”船受到的浮力有多大？若船底某处距海面的深
度为6m ，则该处受到海水的压强是多少？“向阳红06”船在某处执行任务时，以18km/h 的速度匀速航行6小时，巡航的路程为多少km ？若巡航时海水阻力为1.0×106牛顿，则这一过程中船的推进力所做的功为多少？
（1）满载时，“向阳红06”船受到的浮力为4.9×107N ； （2）该处受到海水的压强是6×104Pa ； （3）巡航的路程为108km ； 船的推进力所做的功为1.08×1011J ． 【解析】 试题分析：
（1）船的排水量为：m 排=4900t=4.9×
106kg “向阳红6号”所受到的浮力为F 浮=m 排g=4.9×106kg×10N/kg=4.9×107N ； （2）船底受到的压强为P=ρgh=1×103kg/m 3×
10N/kg×6m=6×104Pa ； （3）“向阳红6号“船巡航的路程为：S=vt=18km/h×6h=108km 因为船匀速行驶，所以F=f=1.0×
106N
船的推进力所做的功为W=FS=1.0×106N×1.08×105m=1.08×1011J．
21．某物理兴趣小组的同学，用燃气灶给2kg的水加热，使水温升高50℃，消耗了0.02m1的天然气，已知水的比热容为4.2×101J/（kg•℃），天然气的热值约为1.5×107J/m1．求：天然气完全燃烧放出的热量；水所吸收的热量；燃气灶的热效率。

（1）7×105J（2）4.2×105J（1）60%
【解析】
【详解】
（1）天然气完全燃烧放出的热量：Q放＝Vq＝0.02m1×1.5×107J/m1＝7×105J；
（2）水吸收的热量：Q吸＝cm（t﹣t0）＝4.2×101J/（kg•℃）×2kg×50℃＝4.2×105J；
（1）燃气灶的效率：η＝Q
Q
吸
放
＝
5
5
4.210J
710J
⨯
⨯
×100%＝60%。

五、作图题（本大题共2小题，共4分）
22．一条光线照射到水面发生反射和折射，这条光线经水面折射后的光线如图所示．请在图中画出它的入射光线和反射光线的大致方向．
【解析】
【详解】
光由空气斜射进入液体中时，折射光线向靠近法线方向偏折，根据折射角小于入射角画出入射光线；由光的反射定律的内容，首先过入射点画出法线，法线与界面垂直（虚线），根据反射角等于入射角画出反射光线；如图所示：
23．根据平面镜的成像特点，作出物体AB在平面镜MN中的像．
（______）
【解析】 【分析】 【详解】
分别作出物体AB 端点A. B 关于平面镜的对称点A′、B′,用虚线连接A′、B′即为AB 在平面镜中的像．如图：
【点睛】
平面镜成像的特点是：像物大小相等、到平面镜的距离相等、连线与镜面垂直、左右互换，即像物关于平面镜对称，利用这一对称性作出AB 的像． 六、实验探究题（本大题共3小题，共15分）
24．小明按照教材中“综合实践活动”的要求制作简易密度计．
（1）取一根粗细均匀的饮料吸管，在其下端塞入适量金属丝并用石蜡封口．塞入适量金属丝的目的是使吸管能竖直_____在液体中，此时密度计受到的浮力_____它的重力（选填“＞”、“＜”或“＝”）． （2）将吸管放到水中的情景如图（a ）所示，测得浸入的长度为H ；放到另一液体中的情景如图（b ）所示，浸入的长度为h ．用ρ液、水ρ分别表示液体和水的密度，则ρ液与水ρ、h 及H 的关系式是ρ液＝_____． （3）小明取来食用油，先用天平和量筒测量其密度，然后再用这个密度计测量．但操作时却出现了如图（c ）所示的情形，这是因为密度计的重力大于它所受到的浮力．在不更换食用油和密度计的情况下，你认为可以进行怎样的尝试，才能使密度计能正常测量食用油的密度：_____（写一种就行，合理即可）．
漂浮= ρ液=
H
h
ρ
水再向容器中加食用油
【解析】
【分析】
【详解】
（1）为了让饮料吸管能竖直的漂浮在液体中，吸管下端塞入一些金属丝作为配重，密度计竖直漂浮在液体中，根据物体的浮沉条件，此时受力平衡，密度计受到的浮力就等于它的重力；
（2）由于吸管在（a）、（b）图中均漂浮，根据物体浮沉条件可知，F浮=G，则在水和另一种液体中受到
的浮力相等，F浮水=F浮夜，设吸管的底面积为S，即ρ水gSH=ρ液gSh，ρ液=
H h ρ
水
（3）图（c）所示的情形，说明密度计的重力大于浮力，要想使密度计漂浮在液体中，不沉底，应增大排开液体的体积，故应再向容器中加食用油，以提高油的深度．
25．小萃同学在做“探究电流与电压的关系”实验时，准备了以下器材：干电池两节，电流表（0〜0. 6A、0〜3A）、电圧表（0〜3V、0〜15V）、滑动变阻器（20Ω、2A）、定值电阻（5Ω）、开关各一只，导线若干，根据图甲所示的电路图进行实验.
用笔画
线代替导线，按照图甲所示电路，将乙图中的实物图连接完整. 连接电路前，发现电流表指针如图丙所示，则接下来应_______________；连接好电路闭合开关前，滑动变阻器滑片P应处于____________（选填“A”或“B”）端. 开关闭合，发现电流表无示数，电压表指针有明显偏转，原因可能是_______________. A．电阻R短路B．电阻R断路C．滑动变阻器短路D．滑动变阻器断路实验记录的多组数据如表所示. 分析数据可得出结论：当电阻一定时，通过导体中的电流与电压成
____________比.
实验次数 1 2 3
电压表示数（V） 1. 0 1. 5 2. 0
电流表示数（A）0. 2 0. 3 0. 4
（5）善于思考的小雪用图甲电路测未知电阻R x的阻值，她用R x替换了定值电阻R. 连接好电路闭合开关后，把滑动变阻器滑片滑到阻值最大的地方，观察电压表读数如图丁所示为____________V，然后他将滑动变阻器滑片移动至中点位置，观察到电压表示数增大至2. 4V，则未知电阻R x的阻值为____Ω。

将电流表指针调零 B B 正 2.0 40
【解析】 【详解】
（1）根据表中电流大小，电流表选用小量程与电阻串联，变阻器按一上一下接入电路中与电阻串联，如下图所示：
（2）连接电路时，发现电流表指针如图丙，则接下来应将电流表指针调零；连接好电路闭合开关前，滑动变阻器滑片P 应处于阻值最大处的B 端；
（3）A ．若电阻R 短路，电压表没有示数，电路为通路，电流表有示数，不符合题意；
B ．若电阻R 断路，电流表示数为0，则电压表串联在电路中，电压表与电源连接，测电源电压，有示数，符合题意；
C ．若滑动变阻器短路，电路为通路，两表都有示数，不符合题意；
D 、若滑动变阻器断路，整个电路断路，两表都没有示数，不符合题意；
（4）实验记录的多组数据如表所示。

纵向分析表数据知，电压为原来的几倍，通过的电流为原来的几倍，可得出結论：当电阻一定时，通辻导体中的电流与电压成正比；
（5）滑动变阻器的最大阻值为20Ω，如图丁所示，电压表选用小量程，分度值为0.1V ，电压表的示数为
2V ；由串联电路电流的规律可知x 2V 2V =20Ω
U R -①，将滑动变阻器滑片移动至中点位置，电压表示数增大至2. 4V ，由串联电路电流的规律可知
x 2.4V 2.4V
=10Ω
U R -②，由①②得到R x =40Ω。

26．小明利用如图所示的实验装置探究“导体产生的热量与电阻大小的关系”．甲、乙两瓶中装有质量与初温相同的煤油，甲瓶中铜丝的电阻比乙瓶中镍铬合金丝的小．。