2018届甘肃省武威第二中学高三上学期第一次阶段性考试物理(解析版)

合集下载

甘肃省武威第二中学2018届高三上学期第一次阶段性考试数学(理)试题 Word版含答案

武威二中2017-2018学年第一次阶段性考试理科数学第Ⅰ卷（共60分）一、选择题：本大题共12个小题,每小题5分,共60分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知集合{|1}A x x =>，2{|,}B y y x x R ==∈，则（） A ．A B = B ．B A ⊂≠ C ．A B ⊂≠ D ．A B φ= 2.命题：x R ∀∈，1()03x>的否定是（） A ．0x R ∃∈，01()03x < B ．0x R ∀∈ ，01()03x ≤C ．0x R ∀∈，01()03x < D ．0x R ∃∈，01()03x ≤3.已知条件:|1|2P x +>，条件:q x a >，且p ⌝是q ⌝的充分不必要条件，则a 的取值范围是（） A ．1a ≤ B ．1a ≥ C ．1a ≥- D ．3a ≤-4.设()f x 是定义在R 上的奇函数，当0x ≤时，1()()32xf x =-，则(1)f =（） A ．52 B ． -1 C. 1 D ．52- 5.已知函数(12),1()1log ,13x a a x f x x x ⎧-≤⎪=⎨+>⎪⎩，当12x x ≠时，1212()()0f x f x x x -<-，则a 的取值范围是（） A ．1(0,]3 B ．11[,]32 C. 1(0,]2 D ．11[,]436.若函数()y f x =的定义域为1[,2]2，则2(log )f x 的定义域为（） A． B ．[1,1]- C. 1[,2]2D ．[1,2]-7.已知函数()sin f x x x =-，则不等式(1)(22)0f x f x ++->的解集是（） A ．1(,)3-∞- B ．1(,)3-+∞ C. (3,)+∞ D ．(,3)-∞ 8.函数3()lg 3f x x x =+-的一个零点所在区间为（） A ．1(0,)2 B ．1(,1)2 C. 3(1,)2 D ．3(,2)29.已知()f x 在R 上是奇函数，且满足(4)()f x f x +=，当(2,0)x ∈-时，2()2f x x =，则(2017)f =（）A ． -2B ． 2 C. -98 D ．9810.已知函数3()31f x x x =--，若对于区间[3,2]-上的任意12,x x 都有12|()()|f x f x t -≤，则实数t 的最小值是（）A ．20B ． 18 C. 3 D ．011.直线1y kx =+与曲线3y x ax b =++相切于点(1,3)A ，则2a b +的值为（） A ． -1 B ． 1 C. 2 D ．-212.已知定义域为R 的奇函数()f x 的图像是一条连续不断的曲线，当(1,)x ∈+∞时，'()0f x <；当(0,1)x ∈时，'()0f x >，且(2)0f =，则关于x 的不等式(1)()0x f x +>的解集为（） A ．(0,2)(2,1)-- B ．(0,2)(,2)-∞- C. (2,0)- D ．(1,2)第Ⅱ卷（共90分）二、填空题（每题5分，满分20分，将答案填在答题纸上）13.已知函数21,0()0x x f x x ⎧+≥⎪=<，则((3))f f -= ．14.若函数21()232f x x x =-+在区间[0,](0)m m >有最大值3，最小值1，则m 的取值范围是． 15.若函数()|21|x f x m =--有两个不同的零点，则实数m 的取值范围是． 16.如果函数()y f x =在其定义域内的给定区间[,]a b 上存在00()x a x b <<，满足0()()()f b f a f x b a-=-，则称函数()y f x =是[,]a b 上的“均值函数”， 0x 是它的一个均值点，例如，函数||y x =是[2,2]-上的“均值函数”，0就是它的均值点，若函数2()1f x x mx =--是[1,1]-上的“均值函数”，则实数m 的取值范围是．三、解答题（本大题共6小题，共70分.解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤.）17. 已知集合{|121}A x a x a =-<<+，{|01}B x x =<<. （1）若12a =，求A B ；（2）若A B φ= ，求实数a 的取值范围.18. 命题p ：关于x 的不等式22(1)0x a x a +-+≤的解集为φ；命题q ：函数2()(471)xf x a a =+-是增函数，若p q ⌝∧为真，求实数a 的取值范围.19. 已知函数()f x 是定义在R 上的奇函数，当0x >时，()2xf x =.（1）求函数()f x 的解析式；（2）解不等式2(1)8f x x -+>.20. 已知函数2()log (1)f x x =+，2()log (31)g x x =+.（1）求出使()()g x f x ≥成立的x 的取值范围；（2）在（1）的范围内求()()y g x f x =-的最小值. 21. 已知曲线31()23f x x ax a =-+. （1）当1a =时，求曲线在2x =处的切线方程；（2）过点(2,0)作曲线的切线，若所有切线的斜率之和为1，求a 的值.22.已知函数()f x 在R 上满足()()()f x y f x f y +=+，且()0f x >，(1)2f =. （1）求(0)f ，(3)f 的值；（2）判断()f x 的单调性并证明；（3）若1(4)(62)6x x f a f +-++>对任意x 恒成立，求实数a 的取值范围.试卷答案一、选择题：1．C 2．D 3．B 4．C 5．A 6．A 7．C 8．c 9．A 10．A 11（理）．B 12． A 二、填空题：13．5 14．[2，4] 15． 16．（理科）()0,2解答：由题意得()()()()2000001,1,11,1,10,211m mx mx x m x x m ----=∈-⇒=+∈-⇒∈--三、解答题： 17．（1）当12a ={}12,012A x x B x x ⎧⎫=-<<=<<⎨⎬⎩⎭，∴A B ⋂= {}12012x x x x ⎧⎫-<<⋂<<⎨⎬⎩⎭{}01x x =<<（2）因为A B ⋂=∅，当A =∅时，则121a a ->+，即2a <-当A ≠∅时，则11a -≥或210a +≤，解得： 12a ≤-或2a ≥.综上： 12a ≤-或2a ≥.18．解：或；或，若为真，则真且真，∴19．（1）因为()f x 为定义在R 上的奇函数，所以()00f =.当0x <时， 0x ->， ()()2x f x f x -=--=-.所以函数()f x 的解析式为()2,0,{0,0, 2,0.x x x f x x x ->==-<（2）因为()38f =，()f x 在()0,+∞上为增函数，且21x x -+= 213024x ⎛⎫-+> ⎪⎝⎭，由()()2183f x x f -+>=得： 213x x -+>，解得2x >或1x <-，所以()218f x x -+>的解集为{ 2 x x >或}1x <-.20．（1）∵()()22log 31log 1x x +≥+∴310{10 311x x x x +>+>+≥+解得： 0x ≥∴x 的取值范围为[)0,+∞（2）()()2222312log 31log 1log log 311x y x x x x +⎛⎫=+-+==- ⎪++⎝⎭∵0x ≥ ∴21331x ≤-<+ 又∵2log y x =在()0,+∞上单调递增∴2220log 3log 31x ⎛⎫≤-< ⎪+⎝⎭∴函数的值域为2[0,log 3）21．（Ⅰ）当a ＝1时， ()3123f x x x =-+，∴f'（x ）＝x 2－1， ∴k 切＝f'（2）＝4－1＝3． ∵()823f =，所以切线方程为()8323y x -=-，整理得9x －3y －10＝0．（Ⅱ）设曲线的切点为（x 0，y 0），则3212'3k x ax a x a ⎛⎫-+=- ⎪⎝⎭切，所以切线方程为()()202y x a x =--．又因为切点（x 0，y 0）既在曲线f （x ）上，又在切线上，所以联立得()()200030002,]{ 123y x a x y x ax a=--=-+ 可得x 0＝0或x 0＝3，所以两切线的斜率之和为－a ＋（9－a ）＝9－2a ＝1，∴a ＝4．22（理科）．（1）令0,0x y ==，即可得到()00f =，再令1x y ==，可得()24f =，令2,1x y ==即可求解()36f =；（2）利用函数单调性的定义，即可证明函数()f x 的单调性；（3）利用()f x 的单调性，原不等式转化为222263x x a ++->成立，构造函数()g x ，求出函数的最值即可．试题解析：（1）()()00,36f f ==；（2）()f x 单调递增，证明：任取12,x x R ∈且12x x <，则210x x ->，()()()()()()()()212111211121f x f x f x x x f x f x x f x f x f x x -=-+-=-+-=-⎡⎤⎡⎤⎣⎦⎣⎦，因为210x x ->，所以()210f x x ->，所以()f x 在R 上单调递增．（3）()()()()()1146264623xx xx f a f f a f ++⎡⎤-++>⇔-+>⎣⎦()222263x x f a f ⎡⎤⇒++->⎣⎦ ，()f x 在R 上单调递增22222632223x x x x a a ⇒++->⇒<++ ，令()()22,23,0,xt g t t t t ==++∈+∞，只需()min a g t <即可，()()()()212,t 0,,g t t g t =++∈+∞值域为()3,+∞，则3a ≤．。

《解析》甘肃省武威市第六中学2018届高三上学期第五次阶段性过关考试物理试题 Word版含解析【高考】

甘肃省武威市第六中学2018届高三第一轮复习第五次阶段性过关考试物理试题一、选择题1. 一质点做直线运动的v-t图象如图所示，该质点（）A. 在2s末速度方向发生改变B. 在4s末加速度方向发生改变C. 在前4s内的位移为零D. 在前4s内的平均速度为1m/s【答案】D【解析】试题分析：因为v-t线的斜率等于加速度，由图线可知，在2s末加速度方向发生改变，选项A错误；在4s末加速度方向没有发生改变，选项B错误；在前4s内的位移等于，选项C错误；在前4s内的平均速度为，选项D正确；故选D.考点：v-t图线.2. 如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A，靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球B上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是( )A. 斜劈A所受合外力增大B. 斜劈A对竖直墙壁的压力增大C. 球B对地面的压力不变D. 墙面对斜劈A的摩擦力增大【答案】B【解析】A一直处于静止，所受合外力一直为零不变，故A错误；对AB整体可知，水平方向受到F和墙壁的弹力作用，当F增大时，A对竖直墙壁的压力变大，故B正确；对B 受力分析，如图：根据平衡条件：F=N′sinθ，可见F增大则N′增大；N″=m B g+N′cosθ，可见N′增大则N″增大，根据牛顿第三定律则球B对地面的压力增大，故C错误；对A分析可知，竖直方向，则当N′增大时，墙面对斜劈A的摩擦力减小，选项D错误；故选B．3. 如图所示，有一段被完成直角的导线abc，ab、bc长度之比为3：4，总长为L，导线中通一恒定电流I。

放置在磁感应强度为B的匀强磁场中，并且磁场垂直导线面向里，则导线受到的磁场力为( )A. ，垂直于ac连线向上B. ，垂直于ac连线向下C. ，垂直于ac连线向上D. ，垂直于ac连线向下【答案】A【解析】导线的有效长度等于ac间的距离，为5L/7，故安培力大小为：F=BI∙L=BIL，根据左手定则，方向是垂直于ac连线向上；故A正确，BCD错误；故选A.点睛：解决本题的关键是确定有效长度，掌握安培力大小的公式，以及会运用左手定则判断安培力方向．4. 利用如图电路测量待测电阻R x的阻值。

2018届甘肃省武威第二中学高三上学期第一次阶段性考试物理试题 1

甘肃省武威第二中学2017-2018学年高三上学期第一次阶段性考试物理试题一选择题（12×2分+6×4分=48分,其中1-12题为单选题，13-18题为多选题）1. 下列说说发正确的是（）A. 研究火车过桥时长时，可把火车视为质点B. 太阳东升西落是以太阳为参考系的C. 第n秒内指的是1秒长的时间D. 直线运动中物体的位移就是物体走过的路程【答案】C【解析】研究火车过桥时长时，火车的大小不能忽略，则不可把火车视为质点，选项A错误；太阳东升西落是以地球为参考系的，选项B错误；第n秒内指的是1秒长的时间，选项C正确；单向的直线运动中物体的位移大小等于物体走过的路程，选项D错误；故选C.2. 关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A. 速度变化得越大，加速度就越大B. 速度变化得越快，加速度就越大C. 只要加速度的大小保持不变，速度的方向也保持不变【答案】B【解析】速度变化得越大，加速度不一定就越大，还与时间有关，选项A错误；速度变化得越快，加速度就越大，选项B正确；只要加速度的大小保持不变，速度的方向不一定保持不变，例如匀速圆周运动，选项C错误；只要加速度的大小不断变小，速度的大小不一定不断变小，例如当加速度和速度同向时，加速度减小，速度仍然变大，选项D错误；故选B. D．只要加速度的大小不断变小，速度的大小也不断变小3. 关于牛顿第二定律，下列说法中错误的是（）A. 物体加速度的大小由物体的质量和物体所受合力的大小决定B. 物体加速度的方向只由它所受合力的方向决定，与速度方向无关C. 物体所受合力的方向和加速度的方向及速度方向总是相同的D. 一旦物体所受的合力为零，则物体的加速度立即为零【答案】C【解析】试题分析：物体的加速度与物体所受的合力成正比，与物体的质量成反比，加速度方向与合力方向相同．解：A、根据牛到第二定律知，加速度大小由物体所受的合力和物体质量决定，方向与合力方向相同，与速度大小和方向无关．故AB正确．C、物体所受的合力方向与加速度方向相同，与速度方向不一定相同．故C错误．D、物体所受的合力为零，加速度立即为零．故D正确．本题选错误的故选：C．【点评】解决本题的关键知道物体加速度与合力、质量的关系，知道加速度方向与合力方向相同，与速度方向没有关系．4. 质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A. 第1 s内的位移是5 mB. 前2 s内的平均速度是6 m/sC. 任意相邻的1 s内位移差都是1 mD. 任意1 s内的速度增量都是2 m/s【答案】D.....................考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】本题是匀变速直线运动的规律的应用问题；关键要掌握匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，以及推论△x=aT2等运动学公式的基本规律，并能灵活应用。

甘肃省武威六中2017-2018学年高二上学期第一次段考物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年甘肃省武威六中高二（上）第一次段考物理试卷一、选择题（每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12有的小题有多个选项正确）1．下列关于碰撞和爆炸的说法，正确的是（）A．非对心碰撞的动量一定不守恒B．非弹性碰撞的能量不守恒C．当两物体质量相等时，碰撞后速度互换D．爆炸过程相互作用时间很短，内力远大于外力，系统总动量守恒2．一炮艇总质量为M，以速度v0匀速行驶，从船上以相对海岸的水平速度v沿前进方向射出一质量为m的炮弹，发射炮弹后艇的速度为v′，若不计水的阻力，则下列各关系式中正确的是（）A．Mv0=（M﹣m）v′+mv B．Mv0=（M﹣m）v′+m（v+v0）C．Mv0=（M﹣m）v′+m（v+v′）D．Mv0=Mv′+mv3．真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F．若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的，它们间的距离变为2r，则它们间的静电引力将变为（）A．B．C．D．4．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A．若在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关5．真空中两个等量异种点电荷电量的值均为q，相距2r，两点电荷连线中点处的场强为（）A．0 B． C． D．6．如图所示，两根细线拴着两个质量相同的小球A、B，上、下两根细线中的拉力分别是T A、T B，现在使A、B带同种电荷，此时上、下细线受力分别为T A′、T B′，则（）A．T A′=T A，T B′＞T B B．T A′=T A，T B′＜T BC．T A′＜T A，T B′＞T B D．T A′＞T A，T B′＜T B7．四种电场的电场线如图所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的（）A．B．C．D．8．如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在AB弧中点处的电场强度大小为（）A． B． C． D．9．下列现象可能发生的是（）A．物体所受到的合外力很大，但物体的动量变化很小B．物体所受到的冲量不为零，但物体的动量大小却不变C．物体做曲线运动，但动量变化在相等的时间内却相同D．物体只受到一个恒力的作用，但物体的动量却始终不变10．如图所示，小车放在光滑水平面上，A端固定一个轻弹簧，B端粘有油泥，小车总质量为M，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时小车和C都静止，当突然烧断细绳时，C被释放，使C离开弹簧向B端冲去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下说法正确的是（）A．弹簧伸长过程中C向右运动，同时小车也向右运动B．C与B碰前，C与小车的速率之比为M：mC．C与油泥粘在一起后，小车立即停止运动D．C与油泥粘在一起后，小车继续向右运动11．如图所示，轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m的物体A相连，A放在光滑水平面上，有一质量与A相同的物体B，从高h处由静止开始沿光滑曲面滑下，与A相碰后一起将弹簧压缩，弹簧复原过程中某时刻B与A分开且沿原曲面上升．下列说法正确的是（）A．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghB．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghC．B能达到的最大高度为2hD．B能达到的最大高度为4h12．两点电荷A、B带电量q A＞q B，在真空中相距为L0，现将检验电荷q置于某一位置时所受库仑力恰好为零，则此位置当A、B为（）A．同种电荷时，在A、B连线上靠近B一侧B．同种电荷时，在A、B连线上靠近A一侧C．异种电荷时，在BA连线的延长线上靠近A一侧D．异种电荷时，在AB连线的延长线上靠近B一侧二、填空题（每空2分，共14分）13．把一带电量为q=3.2×10﹣19C的点电荷放在某电场中的P点，受到的电场力F=9.6×10﹣17N，则P点的电场强度为N/C；如果再把此电荷从P点移走，那么P点的电场强度为N/C．14．某同学利用打点计时器和气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验，气垫导轨装置如图甲表示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成．在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入压缩空气，压缩空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，如图乙所示，这样就大大减小因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差．（1）下面是实验的主要步骤：①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②向气垫导轨通入压缩空气；③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器越过弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；④滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；⑤把滑块2放在气垫导轨的中间；⑥先，然后，让滑块带动纸带一起运动；⑦取下纸带，重复步骤④⑤⑥，选出较理想的纸带如图丙所示：⑧测得滑块1（包括撞针）的质量为310g，滑块2（包括橡皮泥）的质量为205g．试完善实验步骤⑥的内容．（2）已知打点计时器每隔0.02s打一个点，计算可知，两滑块相互作用前质量与速度的乘积之和为kg•m/s；两滑块相互作用以后质量与速度的乘积之和为kg•m/s（保留三位有效数字）．（3）试说明（2）问中两结果不完全相等的主要原因是．三、计算题（每小题10分，共38分）15．如图所示，A、B是带等量同种电荷的小球，A固定在竖直放置的10cm长的绝缘支杆上，B平衡于绝缘的倾角为30°的光滑斜面上时，恰与A等高．若B的质量为30g，则B 所带的电荷量是多少？（重力加速度g取10m/s2，静电力恒量k=9.0×109N・m2/C2）16．如图所示，在光滑绝缘的水平面上沿一直线等距离排列三个小球A、B、C，三个质量均为m，相距均为L，若三球均带电，且q A=+10q，q B=+q，为保证三球间距不发生变化，将一水平向右的恒力F作用与C球，使三者一起向右匀速运动，求：（1）F的大小；（2）C球的电性和电荷量．17．如图所示，质量m1=0.3kg 的小车静止在光滑的水平面上，车长L=1.5m，现有质量m2=0.2kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0=2m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2，求（1）物块在车面上滑行的时间t；（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v′0不超过多少？2017-2018学年甘肃省武威六中高二（上）第一次段考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共48分．在每小题给出的四个选项中，1-8小题只有一个选项正确，9-12有的小题有多个选项正确）1．下列关于碰撞和爆炸的说法，正确的是（）A．非对心碰撞的动量一定不守恒B．非弹性碰撞的能量不守恒C．当两物体质量相等时，碰撞后速度互换D．爆炸过程相互作用时间很短，内力远大于外力，系统总动量守恒【考点】动量守恒定律．【分析】碰撞的基本规律是动量守恒．当两物体质量相等时，发生弹性碰撞后速度互换．爆炸过程相互作用时间很短，内力远大于外力，系统总动量守恒．【解答】解：A、对于非对心碰撞的动量，若合外力为零时，系统的动量守恒，故A错误．B、非弹性碰撞的能量是守恒的，故B错误．C、当两物体质量相等时，发生弹性碰撞时速度才互换．故C错误．D、爆炸过程相互作用时间很短，内力远大于外力，外力的冲量可忽略不计，则系统总动量守恒．故D正确．故选：D2．一炮艇总质量为M，以速度v0匀速行驶，从船上以相对海岸的水平速度v沿前进方向射出一质量为m的炮弹，发射炮弹后艇的速度为v′，若不计水的阻力，则下列各关系式中正确的是（）A．Mv0=（M﹣m）v′+mv B．Mv0=（M﹣m）v′+m（v+v0）C．Mv0=（M﹣m）v′+m（v+v′）D．Mv0=Mv′+mv【考点】动量守恒定律．【分析】发射炮弹过程中动量守恒，注意根据动量守恒列方程时，要选择同一参照物，注意方程的矢量性、【解答】解：以地面为参照物，发射炮弹过程中动量守恒，所以有：，故BCD错误，A正确．故选A．3．真空中有甲、乙两个点电荷相距为r，它们间的静电引力为F．若甲的电荷量变为原来的2倍，乙的电荷量变为原来的，它们间的距离变为2r，则它们间的静电引力将变为（）A．B．C．D．【考点】库仑定律．【分析】由库仑定律可得出变化前后F的表达式，由表达式作比可得出变化后的静电力与F 的关系．【解答】解：由库仑定律可得：F=；变化后F′==故选B．4．A为已知电场中的一固定点，在A点放一电量为q的电荷，所受电场力为F，A点的场强为E，则（）A．若在A点换上﹣q，A点的场强方向发生改变B．若在A点换上电量为2q的电荷，A点的场强将变为2EC．若在A点移去电荷q，A点的场强变为零D．A点场强的大小、方向与q的大小、方向、有无均无关【考点】电场强度．【分析】根据场强的定义式E=，判断A点的场强大小；电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关．【解答】解：电场强度E=是通过比值定义法得出的，电场强度取决于电场本身，与试探电荷无关，故在A点换上﹣q或2q或把q移去，A点的场强都不变，故ABC错误，D正确．故选：D．5．真空中两个等量异种点电荷电量的值均为q，相距2r，两点电荷连线中点处的场强为（）A．0 B． C． D．【考点】电场强度．【分析】根据点电荷场强公式E=求出两个点电荷单独存在时的场强，再进行矢量合成．【解答】解：正负点电荷单独存在时，在中点处产生的电场强度都为E1=E2=，且方向相同，故合场强为E=E1+E2=；故选：B．6．如图所示，两根细线拴着两个质量相同的小球A、B，上、下两根细线中的拉力分别是T A、T B，现在使A、B带同种电荷，此时上、下细线受力分别为T A′、T B′，则（）A．T A′=T A，T B′＞T B B．T A′=T A，T B′＜T BC．T A′＜T A，T B′＞T B D．T A′＞T A，T B′＜T B【考点】库仑定律；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【分析】A、B始终处于静止状态，分别对带电前后进行受力分析，判断绳子拉力的变化．【解答】解：带电前：对B有：T2=G B对AB组成的整体有：T1=G A+G B带电后：对B有：T2′=F电+GB对整体：T1′=G A+G B综上所述：T1=T1′，T2＜T2′故选：A．7．四种电场的电场线如图所示．一正电荷q仅在电场力作用下由M点向N点作加速运动且加速度越来越大．则该电荷所在的电场是图中的（）A．B．C．D．【考点】电场线；电场强度．【分析】由粒子做加速运动可知，粒子受力方向，则可判断电场线的方向；由加速度的变化可知电荷受力的变化，则由F=Eq可得出场强的变化，则可判断电场线的疏密．【解答】解：因粒子由M到N是加速运动，而粒子带正电，故说明电场线是由M到N的；因粒子在运动中加速度越大越大，说明受电场力越大越大，则电场强度越大越大，电场线越来越密；故D正确；故选D．8．如图所示，在竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管的圆心O处固定一点电荷，将质量为m，带电量为+q的小球从圆弧管的水平直径端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无压力，则固定于圆心处的点电荷在AB弧中点处的电场强度大小为（）A． B． C． D．【考点】电场强度．【分析】带电小球沿竖直放置的光滑半圆弧绝缘细管从A点静止释放，当滑到最低点时，对管壁恰好无压力．在下滑过程中由动能定理可求出最低点的速度大小，从而由牛顿第二定律可求出电场力，从而确定电场强度大小．【解答】解：（1）设圆的半径是r，由A到B，由动能定理得：在B点，对小球由牛顿第二定律得：联立以上两式解得：由于是点电荷﹣Q形成的电场，由得到，等势面上各处的场强大小均相等，即AB弧中点处的电场强度为故选：B9．下列现象可能发生的是（）A．物体所受到的合外力很大，但物体的动量变化很小B．物体所受到的冲量不为零，但物体的动量大小却不变C．物体做曲线运动，但动量变化在相等的时间内却相同D．物体只受到一个恒力的作用，但物体的动量却始终不变【考点】动量定理．【分析】物体合力的冲量等于动量的变化；曲线运动速度方向是切线方向，时刻改变，合力可能为恒力，也可能为变力【解答】解：A、由I=Ft=mv﹣mv0可知，当F很大，但t很小，故动量变化很小，故A正确；B、曲线运动的物体，其动量的大小始终不变，可能做匀速圆周运动，若时间为周期的整数倍，则相等时间内合外力的冲量大小总相等，故B正确；C、物体做曲线运动，速度方向一定改变，速度大小可能改变，在相等时间内物体受到的合外力的冲量可能始终相等，故C正确；D、由Ft=mv﹣mv0可知，动量一定变化，故D错误；故选：ABC10．如图所示，小车放在光滑水平面上，A端固定一个轻弹簧，B端粘有油泥，小车总质量为M，质量为m的木块C放在小车上，用细绳连接于小车的A端并使弹簧压缩，开始时小车和C都静止，当突然烧断细绳时，C被释放，使C离开弹簧向B端冲去，并跟B端油泥粘在一起，忽略一切摩擦，以下说法正确的是（）A．弹簧伸长过程中C向右运动，同时小车也向右运动B．C与B碰前，C与小车的速率之比为M：mC．C与油泥粘在一起后，小车立即停止运动D．C与油泥粘在一起后，小车继续向右运动【考点】动量守恒定律．【分析】小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒，抓住总动量为零，结合动量守恒定律分析物块和小车的速度之比，以及C与泥粘在一起时的运动情况．【解答】解：A、小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒，开始总动量为零，当弹簧伸长的过程中，C向右运动，则小车向左运动，故A错误．B、规定向右为正方向，在C与B碰前，根据动量守恒得，0=mv C﹣Mv，解得v C：v=M：m，故B正确．C、因为小车、物块和弹簧组成的系统动量守恒，开始总动量为零，当C与泥粘在一起时，总动量仍然为零，则小车停止运动，故C正确，D错误．故选：BC．11．如图所示，轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端与质量为m的物体A相连，A放在光滑水平面上，有一质量与A相同的物体B，从高h处由静止开始沿光滑曲面滑下，与A相碰后一起将弹簧压缩，弹簧复原过程中某时刻B与A分开且沿原曲面上升．下列说法正确的是（）A．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghB．弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为mghC．B能达到的最大高度为2hD．B能达到的最大高度为4h【考点】动能定理的应用；功能关系．【分析】B从轨道上下滑过程，只有重力做功，B的机械能守恒．运用机械能守恒定律可求得B与A碰撞前的速度．两个物体碰撞过程动量守恒，即可求得碰后的共同速度．碰后共同体压缩弹簧，当速度为零，弹簧的压缩量最大，弹性势能最大，根据系统的机械能守恒求得最大的弹性势能．当弹簧再次恢复原长时，A与B将分开，根据机械能守恒求得B能达到的最大高度．【解答】解：AB、对B下滑过程，据机械能守恒定律得：mgh=，则得，B刚到达水平地面时的速度v0=．B与A碰撞过程，以A、B组成的系统为研究对象，取向右为正方向，根据动量守恒定律可得：mv0=2mv，得A与B碰撞后的共同速度为v=v0，所以弹簧被压缩时所具有的最大弹性势能为E pm=•2mv2=mgh，故A错误，B正确；CD、当弹簧再次恢复原长时，A与B将分开，B以v的速度沿斜面上滑，根据机械能守恒定律可得mgh′=mv2，解得，B能达到的最大高度为h′=，故CD错误．故选：B12．两点电荷A、B带电量q A＞q B，在真空中相距为L0，现将检验电荷q置于某一位置时所受库仑力恰好为零，则此位置当A、B为（）A．同种电荷时，在A、B连线上靠近B一侧B．同种电荷时，在A、B连线上靠近A一侧C．异种电荷时，在BA连线的延长线上靠近A一侧D．异种电荷时，在AB连线的延长线上靠近B一侧【考点】库仑定律．【分析】解决本题一定要把握“放入的电荷处于平衡状态”这一特点进行受力分析．物体受两个力合力为零，这两个力应该等值，反向．【解答】解：若q A和q B均为固定的正电荷，只要放入的电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，有库仑定律，对q有=因为q A＞q B．所以r A＞r B而且保证两个力的方向相反，所以应将q C置于AB线段上，且靠近B．若q A和q B为固定的异种电荷，只要放入的电荷受到的合力为0即可，通过受力分析可知，有库仑定律，对q有=因为q A＞q B．所以r A＞r B而且保证两个力的方向相反，所以应将q C置于AB连线的延长线上，且靠近B．故AD正确，BC错误；故选AD．二、填空题（每空2分，共14分）13．把一带电量为q=3.2×10﹣19C的点电荷放在某电场中的P点，受到的电场力F=9.6×10﹣17N，则P点的电场强度为3×102N/C；如果再把此电荷从P点移走，那么P点的电场强度为3×102N/C．【考点】电场强度．【分析】放入电场中电荷是试探电荷，电场强度等于试探电荷所受的电场力与电荷量的比值，由场强的定义式E=求解P点的电场强度．将检验电荷移走后，该点的电场强度不变．【解答】解：由场强的定义式E=得，p点的电场强度为E=N/C=3×102N/C电场强度是反映电场本身特性的物理量，由电场决定，与试探电荷无关，则将检验电荷移走后，该点的电场强度不变，仍为3×102N/C．故答案为：3×102，3×102．14．某同学利用打点计时器和气垫导轨做“探究碰撞中的不变量”的实验，气垫导轨装置如图甲表示，所用的气垫导轨装置由导轨、滑块、弹射架等组成．在空腔导轨的两个工作面上均匀分布着一定数量的小孔，向导轨空腔内不断通入压缩空气，压缩空气会从小孔中喷出，使滑块稳定地漂浮在导轨上，如图乙所示，这样就大大减小因滑块和导轨之间的摩擦而引起的误差．（1）下面是实验的主要步骤：①安装好气垫导轨，调节气垫导轨的调节旋钮，使导轨水平；②向气垫导轨通入压缩空气；③把打点计时器固定在紧靠气垫导轨左端弹射架的外侧，将纸带穿过打点计时器越过弹射架并固定在滑块1的左端，调节打点计时器的高度，直至滑块拖着纸带移动时，纸带始终在水平方向；④滑块1挤压导轨左端弹射架上的橡皮绳；⑤把滑块2放在气垫导轨的中间；⑥先接通打点计时器的电源，然后放开滑块1，让滑块带动纸带一起运动；⑦取下纸带，重复步骤④⑤⑥，选出较理想的纸带如图丙所示：⑧测得滑块1（包括撞针）的质量为310g，滑块2（包括橡皮泥）的质量为205g．试完善实验步骤⑥的内容．（2）已知打点计时器每隔0.02s打一个点，计算可知，两滑块相互作用前质量与速度的乘积之和为0.620kg•m/s；两滑块相互作用以后质量与速度的乘积之和为0.618kg•m/s （保留三位有效数字）．（3）试说明（2）问中两结果不完全相等的主要原因是纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用．【考点】验证动量守恒定律．【分析】（1）明确在使用打点计时器时，应先接通电源后释放纸带；（2）本实验为了验证动量守恒定律设置滑块在气垫导轨上碰撞，用打点计时器纸带的数据测量碰前和碰后的速度，计算前后的动量；（3）明确实验中误差存在的原因，知道在误差允许的范围内可验证动量守恒．【解答】解：（1）⑥使用打点计时器时，先接通电源后释放纸带，所以先接通打点计时器的电源，后放开滑块1；（2）放开滑块1后，滑块1做匀速运动，跟滑块2发生碰撞后跟2一起做匀速运动，根据纸带的数据得：碰撞前滑块1的动量为：p1=m1v1=0.310×=0.620kg•m/s，滑块2的动量为零，所以碰撞前的总动量为0.620kg•m/s碰撞后滑块1、2速度相等，所以碰撞后总动量为：（m1+m2）v2=（0.310+0.205）×=0.618kg•m/s（3）结果不完全相等是因为纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用．故答案为：（1）⑥接通打点计时器的电源，放开滑块1；（2）0.620，0.618；（3）纸带与打点计时器限位孔有摩擦力的作用三、计算题（每小题10分，共38分）15．如图所示，A、B是带等量同种电荷的小球，A固定在竖直放置的10cm长的绝缘支杆上，B平衡于绝缘的倾角为30°的光滑斜面上时，恰与A等高．若B的质量为30g，则B 所带的电荷量是多少？（重力加速度g取10m/s2，静电力恒量k=9.0×109N・m2/C2）【考点】库仑定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】对B球分析，B球受到重力、支持力与库仑力，且三力均不变．所以三力处于平衡状态．运用平衡条件列方程求解．【解答】解：设A、B所带电荷量均为Q，以B为对象，受力分析如右图，根据平衡条件Ncos30°=mgNsin30°=F联立以上三式得=答：B所带的电荷量是1×10﹣6C．16．如图所示，在光滑绝缘的水平面上沿一直线等距离排列三个小球A、B、C，三个质量均为m，相距均为L，若三球均带电，且q A=+10q，q B=+q，为保证三球间距不发生变化，将一水平向右的恒力F作用与C球，使三者一起向右匀速运动，求：（1）F的大小；（2）C球的电性和电荷量．【考点】库仑定律．【分析】A球向右加速，合力向右，B球对C球是向左的静电力，故C球对其为吸引力，故C球带负电；把A、B、C三者作为整体为研究对象，根据牛顿第二定律列式求解．分别以A、B为研究对象，运用静电力公式结合牛顿第二定律列式后联立求解即可．【解答】解：A球向右加速，合力向右，B球对C球是向左的静电力，故C球对其为吸引力，故C球带负电；设加速度为a，由牛顿第二定律：对A：；对B：，解得：q C=，a=对整体，根据牛顿第二定律，有：F=3ma，所以：F=答：（1）F的大小；（2）C球带负电和电荷量．17．如图所示，质量m1=0.3kg 的小车静止在光滑的水平面上，车长L=1.5m，现有质量m2=0.2kg可视为质点的物块，以水平向右的速度v0=2m/s从左端滑上小车，最后在车面上某处与小车保持相对静止．物块与车面间的动摩擦因数μ=0.5，取g=10m/s2，求（1）物块在车面上滑行的时间t；（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v′0不超过多少？【考点】动量守恒定律；动量定理；功能关系．【分析】本题考查摩擦拖动类的动量和能量问题，涉及动量守恒定律、动量定理、功能关系、牛顿第二定律和运动学公式这些物理规律的运用．（1）根据动量守恒定律、动量定理物块在车面上滑行的时间t，首先判断动量是否守恒，再选取正方向列式求解；也可运用运动学公式和牛顿第二定律求解，对m2进行受力分析，求出加速，结合运动学公式v=v0+at可解出结果．（2）根据动量守恒定律、能量守恒求解．也可运用牛顿第二定律求出物体和小车的加速度，由相对运动表示出出物块和小车的相对位移L，再结合运动学公式可解出结果．【解答】解：解法一：（1）由题意知动量守恒，设物块与小车的共同速度为v，以水平向右为正方向（如图所示），根据动量守恒定律有m2v0=（m1+m2）v…①设物块与车面间的滑动摩擦力为F，对物块应用动量定理有﹣Ft=m2v﹣m2v0…②其中F=μm2g…③解得代入数据得t=0.24s…④（2）要使物块恰好不从车厢滑出，须物块到车面右端时与小车有共同的速度v′，则m2v'0=（m1+m2）v'…⑤由功能关系有…⑥⑤⑥联立并代入数据解得：v0′=5m/s故要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车的速度v0′不能超过5m/s．解法二：（1）选物块原来的方向为正，对小车有a1==m/s2，…①对物块a2==﹣5m/s2…②由于物块在车面上某处与小车保持相对静止，物块和车具有共同速度．所以有v0+a2t=a1t…③①②式代入③式解得t=0.24s（2）要使物块恰好不从车厢滑出，须物块到车面最右端时与小车有共同的速度v′设小车的位移为s1，物块的位移为s2，物块原来的速度为v0'对小车有：v′2﹣0=2a1s1…④对物块有：…⑤s2﹣s1=L…⑥①②④⑤⑥联立解得v0'=5m/s答：（1）物块在车面上滑行的时间为0.24s（2）要使物块不从小车右端滑出，物块滑上小车左端的速度v0′不超过5m/s．。

2018届甘肃省武威市第六中学高三第一轮复习第五次阶段性过关考试物理试题

2018届甘肃省武威市第六中学高三第一轮复习第五次阶段性过关考试物理试题一、选择题（本题共12小题，每小题4分。

在每小题给出的四个选项中，第1-8题只有一项符合题目要求，第9-12题有多项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错的得0分。

）1．一质点做直线运动的t v 图象如图所示，该质点（） A ．在2s 末速度方向发生改变B ．在4s 末加速度方向发生改变C ．在前4s 内的位移为零D ．在前4s 内的平均速度为1m/s2．如图所示，横截面为直角三角形的斜劈A ，靠在粗糙的竖直墙面上，力F 通过球心水平作用在光滑球B 上，系统处于静止状态．当力F 增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是() A ．斜劈A 所受合外力增大B ．斜劈A 对竖直墙壁的压力增大C ．球B 对地面的压力不变D ．墙面对斜劈A 的摩擦力增大3．如图所示，有一段被完成直角的导线abc ，ab 、bc 长度之比为3：4，总长为L ，导线中通一恒定电流I 。

放置在磁感应强度为B 的匀强磁场中，并且磁场垂直导线面向里，则导线受到的磁场力为() A ．57BIL ，垂直于ac 连线向上B ．57BIL ，垂直于ac 连线向下 C ．1235BIL ，垂直于ac 连线向上 D ．1235BIL ，垂直于ac 连线向下 4．利用如图电路测量待测电阻R x 的阻值。

定值电阻R 1、R 2阻值已知，闭合电键S ，调节电阻箱接入电路阻值R 3时，电流表示数为0，则R x 阻值等于（）A 、R 2B 、321R R RC 、231R R R D 、132R R R5.A 、D 分别是斜面的顶端、底端，B 、C 是斜面上的两个点，AB =BC =CD ，E 点在D 点的正上方，E 点在D点的正上方，与A 等高．从E 点以一定的水平速度抛出质量相等的两个小球，球1落在B 点，球2落在C 点，关于球1和球2从抛出到落在斜面上的运动过程（） A.球1和球2运动的时间之比为2：1 B.球1和球2动能增加量之比为1：4 C.球1和球2抛出时初速度之比为 D.球1和球2运动时的加速度之比为1：26．在光滑绝缘水平面上，一条绷紧的轻绳拉着一个带电小球绕轴O 在匀强磁场中作逆时针方向匀速圆周运动，磁场方向竖直向下，其俯视图如图所示．若小球运动到A 点时，绳子忽然断开．关于小球在绳断开后可能的运动情况，下列说法中不正确的是（） A ．小球仍作逆时针匀速圆周运动，半径不变 B ．小球仍作逆时针匀速圆周运动，但半径减小 C ．小球作顺时针匀速圆周运动，半径不变 D ．小球作顺时针匀速圆周运动，半径减小7．如图所示，在xOy 坐标系中以O 为中心的椭圆上有A 、B 、C 、D 、E 五个点，在其一个焦点P 上放一负点电荷，下列判断正确的是() A ．B 、E 两点电场强度相同 B ．A 点电势比D 点电势高C ．将一负点电荷由B 沿BCDE 移到E 点，电场力做功为零D ．同一正点电荷在D 点的电势能小于在C 点的电势能8．将质量为1.00kg 的模型火箭点火升空，50g 燃烧的燃气以大小为600m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为（喷出过程中重力和空气阻力可忽略）（） A ．30kg•m/sB .5.7×102kg•m/sC .6.0×102kg•m/sD .6.3×102kg•m/s9．探测火星一直是人类的梦想，若在未来某个时刻，人类乘飞船来到了火星，宇航员先乘飞船绕火星做圆周运动，测出飞船坐圆周运动时离火星表面的高度为H ，环绕的周期为T 及环绕的线速度为v ，引力常量为G ，由此可得出：（）A ．火星的半径为 -H 2vT πB ．火星表面的重力加速度为322(2)Tv vT H ππ- C ．火星的质量为2Tv Gπ2D10．静止于粗糙水平面上的物体，受到方向恒定的水平拉力F 的作用，拉力F 的大小随时间变化如图甲所示。

甘肃省武威市2018届高三物理上学期第二阶段考试试题2017102502123

甘肃省武威市2018届高三物理上学期第二阶段考试试题第一卷一、选择题（每小题4分，共32分）1. 汽车速度为10米/秒，自行车速度为4米/秒，两车在一条直线上做同方向的匀速直线运动，当汽车追上自行车后做加速度为2米/秒的匀减速运动。

这两车再次相遇和第一次相遇处的距离是（）A. 6秒24米B. 4秒20米C. 6.25秒25米D. 4秒25米2、根据分子动理论，下列关于气体的说法中正确的是（）A、气体的温度越高，气体分子间作用力越小B、气体的压强越大，气体分子的平均动能越大C、气体分子的平均动能越大，气体的温度越高D、气体的体积越大，气体分子之间的相互作用力越大3、质量相等的有两个人造地球卫星A和B，分别在不同的轨道上绕地球作匀速圆周运动。

两卫星的轨道半径的分别为r和r B，且r A r B。

则A和B两卫星相比较，以下说法正确的是A（）A、卫星A的运行周期较大B、卫星A受到的地球引力较大C、卫星A的动能较大D、卫星B的机械能较大4、如图所示，轻弹簧下端固定在水平地面上，弹簧位于竖直方向，另一端静止于B点。

在B 点正上方A点处，有一质量为m的物块，物块从静止开始自由下落。

物块落在弹簧上，压缩弹簧，到达C点时，物块的速度为零。

如果弹簧的形变始终未超过弹性限度，不计空气阻力，下列更判断正确的是（）A、物块在B点时动能最大B、从A经B到C，再由C经B到A的全过程中，物块的加速度的最大值等于gC、从A经B到C，再由C经B到A的全过程中，物块作简谐运动D、如果将物块从B点由静止释放，物块仍能到达C点5、一辆汽车从静止开始做加速直线运动，运动过程中汽车牵引力的功率保持恒定，所受的阻力不变，行驶2min速度达到10m/s。

那么该列车在这段时间内行驶的距离（）A、一定大于600mB、一定小于600mC、一定等于600mD、可能等于1200m6、如下图（上）所示，一条均匀的弹性绳，1、2、3……是绳上一系列等间距的质点，它们之间的距离均为1m。

甘肃省武威第二中学2017-2018学年高一上学期期末考试

武威二中2018-2018学年度（Ⅰ ）期末考试高一物理试卷（考试时间120 分钟，满分100 分）一、选择题（每小题至少有一个选项是正确的，请把正确的答案填入答题卡中，每小题3分，共39分，选对但不全得1分，错选和不选得零分） 1、下列物理量中，属于矢量的是（）A 、加速度B 、时间C 、质量D 、路程 2、两个共点力的大小为F 1＝15N ， F 2＝8N ，它们的合力不可能等于（） A 、9N B 、25N C 、6N D 、21N 3 、一个物体沿着斜面下滑，这个物体受到的力是（） A 、重力、斜面的支持力、滑动摩擦力 B 、重力、斜面的支持力、滑动摩擦力、下滑力 C 、重物对斜面的压力，对斜面产生的摩擦力 D 、下滑力、摩擦力，对斜面的压力4 、如图所示，甲、乙、丙三个物体质量相同，与地面的动摩擦因数相同，受到三个相同的作用力F ，当它们滑动时，受到的摩擦力大小是（）A 、甲、乙、丙所受摩擦力相同B 、甲受到的摩擦力最大C 、乙受到的摩擦力最大D 、丙受到的摩擦力最大 5、关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A 、物体速度大，加速度也就大B 、物体的速度为零时，加速度必为零C 、物体的速度改变量越大，加速度越大D 、物体在单位时间内速度变化大，加速度就大 6、关于作用力与反作用力，下列说法中正确的是（） A 、先有作用力，后有反作用力 B 、作用力和反作用力是同性质的力C 、只有物体接触时，物体间才存在作用力和反作用力甲丙D 、只有物体静止时，物体间才会产生作用力和反作用力7、一个物体作自由落体运动，下落速度V 跟时间，的关系可以用图中哪一个图表示（）8、如图所示，球和墙壁间无摩擦，绳的拉力为T ，墙对球的弹力为果绳的长度缩短，则（） A 、T 、N 都保持不变 B 、T 、N 都增大 C 、T 增大，N 减小 D 、T 减小，N 增大9、甲、乙两物体在同一直线上运动，它们的，v －t 图线如图所示，由图可知( ) A 、在t 1时刻，甲和乙的速度相同B 、在t 1时刻，甲和乙的速度大小相等，方向相反C 、在t 2时刻，甲和乙的加速度方向相反D 、在t t 1时刻，甲和乙的速度方向相同，加速度方向也相同10、如图所示，质量为．的物体放在一粗桩木板上，木板一端固定但可转动，当木板从水平位置沿图示逐渐转动过程中，m 始终与木板处于相对静止，下列叙述正确的是（） A 、m 受到的摩擦力增大 B 、m 受到的弹力逐渐减小 C 、m 受到的摩擦力不变D 、m 只有相对斜面沿斜面向下滑动的趋势11、质量为m ，的木块位于粗糙水平桌面上，若用大小为F 的水平恒力拉木块，其加速度为a ，当拉力方向不变，大小变为2F 时木块的加速度为a '则（）A 、a'＝aB 、a'＜2aC 、a' > 2aD 、a'＝2a 12、下述几种情况中，哪一种物体的运动状态一定没有发生改变（）A 、物体在斜面上匀速下滑B 、运动员以恒定速率沿圆形跑道跑步C 、物体做自由落体运动D 、悬停在空中的直升机13、如图所示，一木块放在水平地面上，在水平方向共受三个力的作用，F 1＝10N ，F 2＝2N 和摩擦力，木块处于静止状态，若撤去F ，则木块在水平方向的合力为（） A 、10N ，方向水平向左 B 、6N ，方向水平向右ABCD12F 1C 、2N ，方向水平向左D 、零二、填空（12分，14 题、15 题各3分，16题6分）14、用一轻质弹簧悬挂一本书，静止时，弹簧伸长4cm 。

1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。

甘肃省武威第二中学2018届高三上学期第一次阶段性考试物理试题一选择题（12×2分+6×4分=48分,其中1-12题为单选题，13-18题为多选题）1. 下列说说发正确的是（）A. 研究火车过桥时长时，可把火车视为质点B. 太阳东升西落是以太阳为参考系的C. 第n秒内指的是1秒长的时间D. 直线运动中物体的位移就是物体走过的路程【答案】C【解析】研究火车过桥时长时，火车的大小不能忽略，则不可把火车视为质点，选项A错误；太阳东升西落是以地球为参考系的，选项B错误；第n秒内指的是1秒长的时间，选项C正确；单向的直线运动中物体的位移大小等于物体走过的路程，选项D错误；故选C.2. 关于速度和加速度的关系，下列说法中正确的是（）A. 速度变化得越大，加速度就越大B. 速度变化得越快，加速度就越大C. 只要加速度的大小保持不变，速度的方向也保持不变【答案】B【解析】速度变化得越大，加速度不一定就越大，还与时间有关，选项A错误；速度变化得越快，加速度就越大，选项B正确；只要加速度的大小保持不变，速度的方向不一定保持不变，例如匀速圆周运动，选项C错误；只要加速度的大小不断变小，速度的大小不一定不断变小，例如当加速度和速度同向时，加速度减小，速度仍然变大，选项D错误；故选B.D．只要加速度的大小不断变小，速度的大小也不断变小3. 关于牛顿第二定律，下列说法中错误的是（）A. 物体加速度的大小由物体的质量和物体所受合力的大小决定B. 物体加速度的方向只由它所受合力的方向决定，与速度方向无关C. 物体所受合力的方向和加速度的方向及速度方向总是相同的D. 一旦物体所受的合力为零，则物体的加速度立即为零【答案】C【解析】试题分析：物体的加速度与物体所受的合力成正比，与物体的质量成反比，加速度方向与合力方向相同．解：A、根据牛到第二定律知，加速度大小由物体所受的合力和物体质量决定，方向与合力方向相同，与速度大小和方向无关．故AB正确．C、物体所受的合力方向与加速度方向相同，与速度方向不一定相同．故C错误．D、物体所受的合力为零，加速度立即为零．故D正确．本题选错误的故选：C．【点评】解决本题的关键知道物体加速度与合力、质量的关系，知道加速度方向与合力方向相同，与速度方向没有关系．4. 质点做直线运动的位移x与时间t的关系为x=5t+t2(各物理量均采用国际单位制单位)，则该质点( )A. 第1 s内的位移是5 mB. 前2 s内的平均速度是6 m/sC. 任意相邻的1 s内位移差都是1 mD. 任意1 s内的速度增量都是2 m/s【答案】D考点：匀变速直线运动的规律的应用【名师点睛】本题是匀变速直线运动的规律的应用问题；关键要掌握匀变速直线运动的位移时间关系公式x=v0t+at2，以及推论△x=aT2等运动学公式的基本规律，并能灵活应用。

5. 物体做加速度大小为5m/s2的匀加速直线运动，则在任意1s内（）A. 汽车的末速度一定等于初速度的5倍B. 汽车的初速度一定比前1s的末速度大5m/sC. 汽车的末速度比前1s内的初速度大5m/sD. 汽车的末速度一定比初速度大5m/s【答案】D【解析】由于不知道初速度的大小，故无法确定末速度与初速度的倍数关系；故A错误；某一段时间内的初时刻与前1s的末时刻是同一时刻；速度相等；故B错误；汽车的末速度比前1s的初速度大△v=a×2=5×2=10m/s；故C错误；由△v=at可知，质点的末速度一定比初速度大5m/s；故D正确；故选D．6. 一轻质弹簧原长为8 cm，在4 N的拉力作用下长度变为9 cm，弹簧未超出弹性限度，则该弹簧的劲度系数为A. 400 N/mB. 50 N/mC. 200 N/mD. 400 m/N【答案】D【解析】根据胡克定律可得:F=k(L-L0)，解得，故选D.7. 如图所示，AB两物体叠放在一起，在粗糙水平面上向左做匀减速运动，运动过程中B受到的摩擦力（）A. 方向向左，保持不变B. 方向向右，保持不变C. 方向向左，逐渐减小D. 方向向右，逐渐减小【答案】B【解析】两物体向左减速，则加速度向右，对物体B，水平方向受到向右的摩擦力，大小为m B a，由于a 不变，则摩擦力不变，故选B.8. 一滑块以初速度v0从固定斜面底端沿斜面（其足够长）向上滑，该滑块的速度--时间图象不可能是（）A. B.C. D.【答案】D【解析】上滑过程中，物块做匀加速度直线运动，下滑过程中物块做匀加速度直线运动，加速度减小了，C对；还有可能上升到最高点，重力的分力不足以克服最大静摩擦力而静止，B对；如果斜面光滑，则选A，D不可能；9. 如图所示，用两根等长轻绳将木板悬挂在竖直木桩上等高的两点，制成一简易秋千．某次维修时将两轻绳各加长一小段，但仍保持等长且悬挂点不变．木板静止时，F1表示木板所受合力的大小，F2表示单根轻绳对木板拉力的大小，则维修后（）A. F1不变，F2变大B. F1不变，F2变小C. F1变大，F2变大D. F1变小，F2变小【答案】B【解析】木板静止时，受重力和两个拉力而平衡，故三个力的合力为零，即：F1=0，不变；根据共点力平衡条件，有：2F2cosθ=mg；解得：；当细线变长时，细线与竖直方向的夹角θ减小，故cosθ增大，拉力F2变小．故选B.10. 质量为m的物体用轻绳AB悬挂于天花板上．用水平向左的力F缓慢拉动绳的中点O，如图所示．用T表示绳OA段拉力的大小，在O点向左移动的过程中（）A. F逐渐变大，T逐渐变大B. F逐渐变大，T逐渐变小C. F逐渐变小，T逐渐变大D. F逐渐变小，T逐渐变小【答案】A【解析】以结点O为研究对象受力分析如下图所示：由题意知点O缓慢移动，即在移动过程中始终处于平衡状态，则可知：绳OB的张力T B=mg根据平衡条件可知：Tcosθ-T B=0Tsinθ-F=0由此两式可得：F=T B tanθ=mgtanθ在结点O被缓慢拉动过程中，夹角θ增大，由三角函数可知：F和T均变大，故A正确，BCD错误．故选：A .11. 如图所示，A、B两小球分别连在弹簧两端，B端用细线固定在倾角为30°的光滑斜面上，若不计弹簧质量，在线被剪断瞬间，A、B两球的加速度分别为 ( )A. 都等于B. 和0C. 和0D. 0和【答案】D【解析】试题分析：在剪断绳子的一瞬间，弹簧来不及改变，所以弹簧弹力不变，A球合外力仍然为零，加速度为0；剪断绳子前，绳子的拉力为，B球此时的合外力为零，剪断绳子后，绳子拉力消失，其它力不变，合外力等于，方向沿斜面向下，根据牛顿第二定律可知B球的加速度为故选D考点：力的动态变化点评：做本题的关键是知道，绳子间断的瞬间，拉力消失，但是弹簧来不及改变，所以弹力不变，12. 一物块静止在粗糙的水平桌面上。

从某时刻开始，物块受到一方向不变的水平拉力作用。

假设物块与桌面间的最大静摩擦力等于滑动摩擦力。

以a表示物块的加速度大小，F表示水平拉力的大小。

能正确描述F与a之间关系的图像是（）A. B.C. D.【答案】C【解析】试题分析：对物体受力分析，利用牛顿第二定律列式找出F﹣a的关系式，即可做出选择．解：物块受力分析如图所示：由牛顿第二定律得；F﹣μmg=ma解得：F=ma+μmgF与a成一次函数关系，故ABD错误，C正确，故选C．【点评】对于此类图象选择题，最好是根据牛顿第二定律找出两个物理量之间的函数关系，图象变显而易见．13. 一物体静止在水平桌面上，则下列说法正确的是（）A. 桌面对物体的支持力与物体所受的重力是一对平衡力B. 物体对桌面的压力就是物体的重力，它们的性质相同C. 物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对平衡力D. 物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对作用力与反作用力【答案】AD【解析】桌面对物体的支持力与物体所受的重力是一对平衡力，选项A正确；物体对桌面的压力大小等于物体的重力，它们的性质不相同，选项B错误；物体对桌面的压力与桌面对物体的支持力是一对作用力与反作用力，选项C错误，D正确；故选AD.点睛：平衡力和相互作用力容易混淆，注意两者的异同点：相同点：大小相等、方向相反、作用在同一条直线上．不同点：平衡力是一个受力物体，相互作用力是两个受力物体．14. 某人在地面上用弹簧测力计称得其体重为490 N．他将弹簧测力计移至电梯内称其体重，t0至t3时间段内，弹簧测力计的示数如图所示，电梯运行的v－t图可能是图中的(取电梯向上运动的方向为正) ( )A. B.C. D.【答案】AD【解析】试题分析：由图可知各段上物体的受力情况，则由牛顿第二定律可求得物体的加速度，即可确定其运动情况，画出v﹣t图象．解：由图可知，t0至t1时间段弹簧秤的示数小于G，故合力为G﹣F=50N，物体可能向下加速，也可能向上减速；t1至t2时间段弹力等于重力，故合力为零，物体可能为匀速也可能静止；而t2至t3时间段内合力向上，故物体加速度向上，电梯可能向上加速也可能向下减速；AD均符合题意；故选AD．【点评】本题考查图象与牛顿第二定律的综合，关键在于明确加速度的方向，本题易错在考虑不全面上，应找出所有的可能性再确定答案．15. 物体从静止开始做匀加速直线运动，第3秒内通过的位移是3m，则：（）A. 第3秒内的平均速度是1m/sB. 物体的加速度是1.2m/s2C. 前3秒内的位移是5.4mD. 3S末的速度是3.2m/s【答案】BC【解析】第3s内的平均速度为：．故A错误．设加速度大小为a，则有：x=at32−at22，得：．故B正确．前3s内位移为：x3=at32＝×1.2×9=5.4m．故C正确．3s 末的速度是：v3=at3=3.6m/s．故D错误．故选BC.16. 图是物体做直线运动的v-t图象，由图可知，该物体（）A. 第1s内和第3s内的运动方向相反B. 第3s内和第4s内的加速度相反C. 第1s内和第4s内的位移大小相等D. 0-2s和0-4s内的平均速度大小不相等【答案】CD【解析】由图知，在前3s内物体的速度均为正值，说明在前3s内物体的运动方向不变，故A错误；速度图象的斜率等于加速度，第3s内和第4s内图线的斜率相同，则加速度相同，故B错误；图象与时间轴所围的面积表示位移，由几何知识可知第1s内和第4s内的位移大小相等．故C正确；根据“面积”可知：0～2s 内和0～4s内的位移相等，所用时间不等，所以平均速度不等，故D正确．故选CD．点睛：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移．17. 如图所示，放置在斜面上的物块受到平行于斜面向上的力F的作用保持静止，现在使力F增大，物块仍静止，则下列说法正确的是（）A. 物块受到的合外力可能增大B. 物块对斜面的压力可能减小C. 物块受到的摩擦力可能减小D. 物块受到的摩擦力可能增大【答案】CD【解析】物体保持静止，合力一直为零，不变，故A错误；设物块的质量为m，斜面的倾角为θ．对物块分析，由平衡条件得知，斜劈对物块的支持力N1=mgcosθ，当F增大时，N1不变，则物块对斜劈的压力不变；故B错误；当F＞mgsinθ时，物块所受的静摩擦力沿斜面向下，F增大，静摩擦力增大；当F＜mgsinθ时，静摩擦力方向沿斜面向上，当F增大时，静摩擦力减小；故CD正确；故选CD．点睛：本题关键是对滑块受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合正交分解法列式分析，注意静摩擦力的大小和方向都是与外力大小有关的．18. 如图所示，A、B两物块的质量分别为2m和m，静止叠放在水平地面上。