2019年高二物理第三次月考试题
高二物理下学期第三次月考试题(含解析) 人教版
2019学年度下学期高二年级第三次月考物理（理科）一、单选题（共10 题，每题4 分，共计40 分）1. 关于动量守恒,下列说法正确的有( )A. 只要系统内存在摩擦力,动量不可能守恒B. 只要系统受外力做的功为零,动量守恒C. 只要系统所受到合外力的冲量为零,动量守恒D. 系统加速度为零,动量不一定守恒【答案】C【解析】只要系统所受合外力为零，系统动量就守恒，与系统内是否存在摩擦力无关，故A错误；系统受外力做的功为零，系统所受合外力不一定为零，系统动量不一定守恒，如用绳子拴着一个小球，让小球做匀速圆周运动，小球转过半圆的过程中，系统外力做功为零，但小球的动量不守恒，故B错误；力与力的作用时间的乘积是力的冲量，系统所受到合外力的冲量为零，则系统受到的合外力为零，系统动量守恒，故C正确；系统加速度为零，由牛顿第二定律可得，系统所受合外力为零，系统动量守恒，故D错误；故选C．点睛：本题考查对动量守恒条件的理解，知道动量守恒条件：合外力为零即可正确解题．2. 一物体在外力的作用下从静止开始做直线运动,合外力方向不变,大小随时间的变化如图所示。
设该物体在t0和2t0时刻相对于出发点的位移分别是x1和x2, 速度分别是v1和v2,合外力从开始至t0时刻做的功是W1,从t0至2t0 时刻做的功是W2 则( )A. x29x2 , v23v1B. x19x2 , v25v1C. x25x1 ,W28W1D. v23v1 ,W28W1【答案】CD【解析】【详解】由于物体受的合力是2倍的关系，根据牛顿第二定律F=ma可知，加速度也是2倍的关系，即a2=2a1在0~t0段，物体的位移，，合外力做功；在0~2t0段，物体的位移，速度；而t0 ~ 2t0合外力做功；故选CD。
【点睛】本题在计算时要注意，位移x1和x2都是相对于出发点的位移，并不是各自时间内经过的位移；W1和W2是各段的合外力做的功。
3. 某质点做简谐运动,其位移随时间变化的关系式为(cm) ,则下列关于质点运动的说法中正确的是( )A. 质点做简谐运动的振幅为10cmB. 质点做简谐运动的周期为4sC. 在t=4s 时质点的加速度最大D. 在t=4s 时质点的速度最大【答案】D【解析】【详解】A、由位移的表达式，可知质点做简谐运动的振幅为5cm。
2018-2019学年高二物理上学期第三次月考试题(普通班)
2018-2019学年高二物理上学期第三次月考试题(普通班)一、单选题(共12小题,每小题3分,共36分)1.关于摩擦起电和感应起电的理解，下列说法正确的是( )A．摩擦起电说明电荷能够被创造B．摩擦起电现象说明了机械能可以转化为电能，也说明通过做功可以创造电荷C．感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了D．感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个部分2.静电在各个行业和日常生活中有着重要的应用，如静电除尘、静电复印等，所依据的基本原理几乎都是带电的物质微粒在电荷间作用力的作用下奔向并吸附到电极上．现有三个粒子A，B，c从P点向下运动，它们的运动轨迹如图所示，则( )A．a带负电，b带正电，c不带电B．a带正电，b不带电，c带负电C．a带负电，b不带电，c带正电D．a带正电，b带负电，c不带电3.保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务．盗版书籍影响我们的学习效率甚至会给我们的学习带来隐患．小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列几个数值中的哪一个( )A．6.2×10－19C B． 6.4×10－19C C．6.6×10－19C D．6.8×10－19C4.有两个完全相同的金属小球A、B（它们的大小可忽略不计），A带电荷量为7Q，B带电荷量为-Q，当A、B在真空中相距为r时，两球之间的相互作用的库仑力为F；现用绝缘工具使A、B球相互接触后再放回原处，则A、B间的相互作用的库仑力的大小是（）5.如图，电荷量为q1和q2的两个点电荷分别位于P点和Q点．已知放在P、Q连线上某点R处的电荷q受力为零，且PR＝2RQ.则( )A．q1＝2q2 B．q1＝4q2 C．q1＝－2q2 D．q1＝－4q26.如图所示，质量为m、电荷量为q的带电小球A用绝缘细线悬挂于O点，带有电荷量也为q 的小球B固定在O点正下方绝缘柱上.其中O点与小球A的间距为l，O点与小球B的间距为l.当小球A平衡时，悬线与竖直方向夹角θ＝30°.带电小球A、B均可视为点电荷.静电力常量为k，则( )A．A、B间库仑力大小F＝ B．A、B间库仑力大小F＝C．细线拉力大小F T＝ D．细线拉力大小F T＝mg7.如图所示，把一个带电小球A固定在光滑的水平绝缘桌面上，在桌面的另一处放置带电小球B.现给B一个沿垂直AB方向的水平速度v0，下列说法中正确的是( )A．若A、B为异种电荷，B球一定做圆周运动B．若A、B为异种电荷，B球可能做匀变速曲线运动C．若A、B为同种电荷，B球一定做远离A的变加速曲线运动D．若A、B为同种电荷，B球的动能一定会减小8.在光滑绝缘桌面上，带电小球A固定，带电小球B在A、B间库仑力作用下以速率v0绕小球A做半径为r的匀速圆周运动，若使其绕小球A做匀速圆周运动的半径变为2r，则B球的速率大小应变为( )A．v0 B．v0 C． 2v0 D．9.如图所示，场源电荷置于O点，放置在P点的电荷量的电荷所受库仑力大小为，方向由P指向O，O、P间距离为30 cm，静电力常量k=9×109Nm2/C2．则（）A．场源电荷形成的电场在P点的场强大小为1×103N/C，方向由P指向OB．若将置于P点的电荷移走，P点的场强将变为0C．置于O点的场源电荷带正电，电荷量为D．场源电荷与P点形成的电场中，O、P连线的中垂线上到O、P两点的距离均为30 cm的点的场强大小为1×103N/C，方向与中垂线垂直10.均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场．如图所示，在半球面AB上均匀分布正电荷，总电荷量为q，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，在轴线上有M、N两点，OM＝ON＝4R.已知M点的场强大小为E，静电力常量为k，则N点的场强大小为( )A．－E B．－E C． D．＋E11.如图所示的四个电场的电场线，其中A和C图中小圆圈表示一个点电荷，A图中虚线是一个圆(M、N为圆上的不同点)，B图中几条直线间距相等且互相平行，则在图中M、N处电场强度相等的是( )A． B． C． D．12.如图所示，在竖直放置的半圆形光滑绝缘细管的圆心O处放一点电荷，将质量为m、电荷量为q的小球从管的水平直径的端点A由静止释放，小球沿细管滑到最低点B时，对管壁恰好无作用力．若小球所带电荷量很小，不影响O点处的点电荷的电场，则放于圆心O处的点电荷在OB连线的中点处的电场强度大小( )A．E＝ B．E＝ C．E＝ D．E＝二、填空题(共5小题, ,共18分)13.A、B两个完全相同的金属球，A球带电量为﹣3q，B球带电量为7q，现将两球接触后分开，A、B带电量分别变为和．14.如图所示，真空中有三个点电荷，它们固定在边长50 cm的等边三角形的三个顶点上，每个电荷都是＋2×10－6C，则q3所受的库仑力的大小为__________，方向为__________．15.如图所示，在边长为L的正方形的四个顶点上分别放置点电荷，其电荷量为q、Q、q、－Q，已知点电荷Q刚好静止，则＝________，若点电荷－Q的质量为m，释放瞬间加速度为________．16.两个带电粒子分别在电场中的M、N处，其受力方向如图所示．则N处的粒子带电荷（填“正”或“负”）；M、N两处的场强大小EM EN（填“＞”、“＜”或“=”）．17.如图（a）所示，在x轴上有一个点电荷Q（图中未画出），A、B两点的坐标分别为0.2 m和0.5 m．放在A、B两点的检验电荷q1、q2受到的电场力跟检验电荷所带电量的关系如图（b）所示．则A点的电场强度大小为N/C，点电荷Q的位置坐标为= m．三、计算题(共4小题,共46分)18.（10分）如图所示，通过调节控制电子枪产生的电子束，使其每秒钟有104个电子到达收集电子的金属瓶，经过一段时间，金属瓶上带有－8×10－12C的电荷量，求：(1)金属瓶上收集到多少个电子；(2)实验的时间．19. （10分）库仑定律告诉我们：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，跟它们电荷量的乘积成正比，跟它们距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上．现假设在真空中有两个带正电的点电荷，电荷量均为Q=l C，它们之间的距离r=1 m．静电力常量k=9.0×109N•m2/C2．（1）问这两个点电荷之间的静电力是引力还是斥力？（2）求这两个点电荷之间的静电力大小F．20. （14分）有三根长度皆为l=0.3 m的不可伸长的绝缘轻线，其中两根的一端固定在天花板的O点，另一端分别栓有质量皆为m=1.0×10﹣2kg的带电小球A和B，它们的电荷量分别为﹣q和+q，q=1.0×10﹣6C．A、B之间用第三根线连接起来，空间中存在大小为E=2.0×105N/C的匀强电场，电场强度的方向水平向右．平衡时A、B球的位置如图所示．已知静电力常量k=9×109N•m2/C2重力加速度g=10m/s2．求：（1）A、B间的库仑力的大小（2）连接A、B的轻线的拉力大小．21. （12分）如图所示，真空中xOy平面直角坐标系上的ABC三点构成等边三角形，边长L ＝2.0 m．若将电荷量均为q＝＋2.0×10－6C的两点电荷分别固定在A、B点，已知静电力常量k＝9.0×109N・m2/C2，求：(1)两点电荷间的库仑力大小；(2)C点的电场强度的大小和方向．答案解析1.D【解析】摩擦起电和感应起电的实质是电荷的转移，即从物体的一个部分转移到物体另一个部分，电荷不能凭空创造而出，所以D对．2.B【解析】根据题图可知，a向左偏转，与负电极吸引，与正电极排斥，所以a带正电；c向右偏转，与负电极排斥，与正电极吸引，所以c带负电；b不偏转，应该不带电．选项B正确．3.B【解析】任何带电体所带电量都是元电荷电量(1.6×10－19C)的整数倍，因6.4×10－19C＝4×1.6×10－19C，故选项B正确．4.B【解析】A带电荷量为7Q，B带电荷量为-Q，当它们接触之后，电荷量先中和再平分，所以接触之后每个球带的电荷量为3Q，根据库仑定律可得，原来没接触作用力为，F=，接触之后作用力为，,所以B正确，故选B.5.B【解析】已知电荷在P、Q连线上某点R处受力为零，根据库仑定律得＝，PR＝2RQ 解得：q1＝4q2.6.B【解析】由题意知∠ABO＝30°，分析A球受力，如图所示，将F T、F合成，由几何知识知F、F T及合力F合组成的平行四边形为菱形，则F＝F T＝＝mg.7.C【解析】如果A、B为异种电荷，当A对B的库仑引力恰好提供B做圆周运动所需要的向心力时，B绕A做匀速圆周运动；当A对B的库仑引力大于或者小于B做圆周运动所需要的向心力时，则B将做近心运动或者做离心运动．由于库仑力是变力，故不可能做匀变速曲线运动，A、B两项均错．如果A、B为同种电荷，则B受到A的库仑斥力将做远离A的变加速曲线运动，电场力做正功动能增大，所以C项正确，D项错．8.A【解析】半径为r时，对B球：k＝mB半径为2r时，对B球k＝mB解得v＝v0，A正确．9.D【解析】P点的场强大小为E==N/C=1×103N/C，依据负电荷的电场力方向与电场强度方向相反，则其方向向右，即由O指向P，故A错误；因为电场强度是反映电场本身的性质的物理量，与试探电荷无关，所以若将电荷从P点移走，P点的场强大小和方向都不变，大小仍为1×103N/C，方向向右，故B错误；根据点电荷产生的场强公式E=k，那么置于O点的场源电荷带正电，电荷量为Q===1×10﹣8C，故C错误；根据点电荷产生的场强公式E=k，结合矢量合力法则，两电荷在该处的电场强度大小相等，方向夹角为120°，那么场源电荷与P点形成的电场中，O、P连线的中垂线上到O、P两点的距离均为30 cm的点的场强大小为E 合=1×103N/C，方向与中垂线垂直，故D正确．10.A【解析】若将带电荷量为2q的球面放在O处，均匀带电的球壳在球外空间产生的电场等效于电荷集中于球心处产生的电场，则在M、N点所产生的电场为：E＝＝，由题知当半球面在M点产生的场强为E，则N点的场强为E′＝－E，故选A.11.B【解析】A中M、N两点电场强度大小相等、方向不同；B中M、N两点电场强度大小、方向都相同；C中M、N两点电场强度大小不等、方向相同；D中M、N两点电场强度大小、方向都不同．12.D【解析】设细管的半径为R，小球到达B点时速度大小为v.小球从A滑到B的过程，由机械能守恒定律得：mgR＝mv2故v＝；小球经过B点时，由牛顿第二定律得：EBq－mg＝m将v＝代入得：EB＝；根据点电荷的电场强度：E＝；可知，放于圆心O处的点电荷在OB连线的中点处的电场强度大小E＝，故D正确．13.2q2q【解析】完全相同的金属球，接触时先中和再平分，所以每个球带电．故答案为：2q；2q．14.0.25 N 方向沿q1与q2连线的垂直平分线向外【解析】如图所示，每个点电荷都受到其他两个点电荷的斥力，只求出其中一个点电荷受的库仑力即可．以q3为研究对象，共受到F1和F2的作用力，q1＝q2＝q3＝q，相互间的距离r都相同．F1＝F2＝k＝0.144 N根据平行四边形定则，合力为F＝2F1cos 30°≈0.25 N.合力的方向沿q1与q2连线的垂直平分线向外．15.【解析】点电荷Q受三个力作用，如图甲，其中F1＝F2＝k，F3＝k.Q静止，三个力的合力为零，F3＝F1，得＝.点电荷－Q受三个力作用，如图乙所示，F4＝F5＝k，F′＝k，三个力的合力F合＝2F′＝k，则－Q释放时的加速度a＝＝.16.正＞【解析】根据正电荷的电场力方向与该点的电场强度方向相同，负电荷与该点的电场强度方向相反，则知N处的粒子带正电荷．电场线的疏密表示场强的相对大小，电场线越密，场强越大，则EM＞EN．17.2×1030.3【解析】（1）由图可知，A点的电场强度==2×103N/C，（2）同理B点的电场强度EB=-500 N/C，方向指向x负方向．所以A、B两点的电场强度大小之比为4︰1；设点电荷Q的坐标为x，由点电荷的电场得：，联立以上公式解得：x=0.3 m．18.(1)5×107个(2)5×103s【解析】(1)因每个电子带电荷量为－1.6×10－19C，金属瓶上带有－8×10－12C的电荷量，所以金属瓶上收集到的电子个数为n＝个＝5×107个．(2)实验的时间为t＝s＝5×103s.19.（1）斥力（2）9×109N【解析】解：（1）由于两个电荷都是正电荷，因此这两个点电荷之间的静电力是斥力．故这两个点电荷之间的静电力是斥力．（2）根据库仑定律有：，代人数据得：F=9×109N．故这两个点电荷之间的静电力大小F=9×109N．20.（1）0.1 N （2）0.042 N【解析】（1）根据库仑定律，则有：F2=k=9×109×=0.1 N；（2）对A受力分析，如图所示：竖直方向：F1cos30°=mg解得：F1=N水平方向：F1sin 30°+F2+F3=qE；解得：F3=0.042 N21.(1)9.0×10－3N (2)7.8×103N/C 方向沿y轴正方向h【解析】(1)根据库仑定律，A、B两点处的点电荷间的库仑力大小为F＝k代入数据得F＝9.0×10－3N.(2)A、B两点处的点电荷在C点产生的场强大小相等，均为E1＝kA、B两点处的点电荷形成的电场在C点的合场强大小为E＝2E1cos 30°联立并代入数据得E≈7.8×103N/C场强E的方向沿y轴正方向．资料仅供参考!!!h。
2019学年高二物理下学期第三次月考试题(含解析)(新版)人教版
2019学年度第二学期第三次月考高二理科综合1. 在物理学史上，奥斯特首先发现电流周围存在磁场。
随后，物理学家提出“磁生电”的闪光思想。
很多科学家为证实这种思想进行了十多年的艰苦研究。
首先成功发现“磁生电”的物理学家是（）A. 洛伦兹B. 库伦C. 法拉第D. 纽曼【答案】C【解析】奥斯特实验，把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电流周围存在磁场．法拉第在奥斯特的启发下，研究了磁场与电流的关系，最终通过十年的努力终于发现了电磁感应现象：闭合电路的一部分导体在磁场中做切割磁感线运动时，导体中会产生电流．故选C。
点晴：物理学史一直是考试中的热点，了解相关的物理学史可以使我们了解科学家的贡献，激发我们学习物理的兴趣。
2. 一理想变压器,原线圈和副线圈的匝数分别为n1和n2,正常工作时的电压、电流、功率分别为U1和U2、I1和I2、P1和P2，已知n1>n2，则（）A. U1>U2, I1>I2B. U1<U2, I1<I2C. I1>I2, P1=P2D. I1<I2, P1=P2【答案】D【解析】根据理想变压器的特点有：，P1=P2电流关系为：由于n1＞n2，所以有I1＜I2，U1＞U2，故应选D。
点晴：本题比较简单，直接根据理想变压器原副线圈匝数比与电压、电流比之间的关系即可求解，理想变压器的输入功率与输出功率相等。
3. 如图所示，矩形线框abcd的ad和bc的中点M、N之间连接一电压表，整个装置处于匀强磁场中，磁场的方向与线框平面垂直，当线框向右匀速平动时，以下说法正确的是（）A. 穿过线框的磁通量不变化，MN间无感应电动势B. MN这段导体做切割磁感线运动，MN间有电势差C. MN间有电势差，所以电压表有读数D. 因为无电流通过电压表，所以电压表无读数【答案】BD【解析】试题分析：由于磁场是匀强磁场，所以线圈运动过程中，磁通量不变，所以无感应电流产生，但是MN 这段导体做切割磁力线运动，MN间有电势差故BD正确；考点：考查了导体切割磁感线运动点评：当闭合电路中的磁通量发生变化时，电路有感应电流产生；4. 矩形滑块由不同材料的上、下两层粘合在一起组成，将其放在光滑的水平面上，质量为m的子弹以速度v 水平射向滑块，若射击下层，子弹刚好不射出，若射击上层，则子弹刚好能射进一半厚度，如右图所示，上述两种情况相比较 ( )A. 子弹对滑块做功一样多B. 子弹对滑块做的功不一样多C. 相比之下甲系统产生的热量较多D. 相比之下乙系统产生的热量较多【答案】A【解析】最终子弹都没有射出，则最终子弹与滑块的速度相等，根据动量守恒定律可知，两种情况下系统的末速度相同。
2019高二物理上学期第三次月考试卷(含解析)1-精选资料
2019高二物理上学期第三次月考试卷（含解析）1-精选资料一、选择题（每小题4分，漏选得2分，错选或不选得0分，共48分）1．如图所示，在竖直向上的匀强磁场中，水平放置着一根长直导线，电流方向垂直纸面向外，A、B、C、D是以直导线为圆心的同一圆周上的四点，在这四点中（）A．A、B两点磁感应强度相同B．C、D两点磁感应强度大小相等C．A点磁感应强度最大D．B点磁感应强度最小2．如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三条电场线，实线为一带负电的粒子仅在电场力作用下通过该区域的运动轨迹，P、R、Q是这条轨迹上的三点，由此可知（）A．带电粒子在R点时的速度大小大于在Q点时的速度大小B．带电粒子在P点时的电势能比在Q点时的电势能大C．带电粒子在R点时的动能与电势能之和比在Q点时的小，比在P 点时的大D．带电粒子在R点时的加速度大小小于在Q点时的加速度大小3．如图所示，在光滑水平面上一轻质弹簧将挡板和一条形磁铁连接起来，此时磁铁对水平面的压力为N1，现在磁铁左上方位置固定一导体棒，当导体棒中通以垂直纸面向里的电流后，磁铁对水平面的压力为N2，则以下说法正确的是（）A．弹簧长度将变长 B．弹簧长度将变短C．N1＞N2 D．N1＜N24．一水平放置的平行板电容器的两极板间距为d，极板分别与电池两极相连，上极板中心有一小孔（小孔对电场的影响可忽略不计）．小孔正上方处的P点有一带电粒子，该粒子从静止开始下落，经过小孔进入电容器，并在下极板处（未与极板接触）返回．若将下极板向上平移，则从P点开始下落的相同粒子将（）A．打到下极板上B．在下极板处返回C．在距上极板处返回D．在距上极板d处返回5．如图所示，△ABC为与匀强磁场垂直的边长为a的等边三角形，磁场垂直纸面向外，比荷为的电子以速度v0从A点沿AB方向射入磁场，现欲使电子能经过BC边，则磁感应强度B的取值应为（）A．B＞B．B＜C．B＜D．B＞6．已知电荷q均匀分布在半球面AB上，球面半径为R，CD为通过半球顶点与球心O的轴线，如图所示，M是位于CD轴线上球面外侧，且OM=ON=L=2R．已知M点的场强为E，则N点的场强为（）A．E B．C．D．。
2019-2020年高二下学期第三次月考 物理 含答案
2019-2020年高二下学期第三次月考 物理 含答案一、选择题（每小题4分，共48分。
1-8小题为单项选择题；9-12小题为不定项选择题，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分。
）1．英国物理学家法拉第引入了“电场”和“磁场”的概念，并用画电场线和磁感线的方法来描述电场和磁场，为经典电磁学理论的建立奠定了基础．下列相关说法正确的是（ ）2．对做匀变速直线运动的物体,下列说法正确的是( ) A ．在1 s 内、2 s 内、3 s 内物体通过的位移之比是1∶3∶5B ．一质点的位置坐标函数是x=4t+2t 2，则它运动的初速度是4 m/s ，加速度是2 m/s 2C ．做匀减速直线运动的物体,位移一定随时间均匀减小D ．任意两个连续相等时间间隔内物体的位移之差都相等3．螺线管导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用绝缘丝线悬挂在两金属板间，并处于静止状态，若条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是 ( )A ．向左摆动B ．向右摆动C ．保持静止D ．无法判定4．如图所示，带正电的A 球固定，质量为m 、电荷量为+q 的粒子B 从a 处以速度v 0射向A，虚线abc 是B运动的一段轨迹，b点距离A 最近．粒子经过b 点时速度为v ，重力忽略不计．则：（ ）A ．粒子从a 运动到b 的过程中动能不断增大B ．粒子从b 运动到c 的过程中加速度不断增大C ．可求出A 产生的电场中a 、b 两点间的电势差D ．可求出A 产生的电场中b 点的电场强度5．电影《智取威虎山》中有精彩而又刺激的解放军战士滑雪的镜头。
假设某战士从弧形的雪坡上沿水平方向飞出后，又落回到倾斜的雪坡上，如图所示，若倾斜的雪坡倾角为θ，战士飞出时的水平速度大小为v 0，且他飞出后在空中的姿势保持不变，不计空气阻力，重力加速度为g ，则（ ）A ．如果v 0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，速度方向相同AB．如果v0不同，该战士落到雪坡时的位置不同，但空中运动时间相同C．该战士刚要落到雪坡上时的速度大小是D．该战士在空中经历的时间是6．如图所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P 上下移动时可改变输出电压，表示输电线的电阻．以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是（）A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值为零B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为C．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高D．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动7．如图所示，半径为R的导线环对心、匀速穿过半径也为R的匀强磁场区域，关于导线环中的感应电流随时间的变化关系，下列图像中（以逆时针方向的电流为正）最符合实际的是（）8．如图所示的电路中，电源电动势为E，内阻为r，R1、R2为定值电阻，R3为可变电阻，C 为电容器．在可变电阻R3由较小逐渐变大的过程中，下列说法中正确的是（）A．流过R2的电流方向是由b到aB．电容器的带电量在逐渐减小C．电源内部消耗的功率变大D．电容器被放电以下为不定项选择题：9．A、B两质点的运动情况在v－t 图中由A、B表示，下述正确的是（）A．t = 1s时，B质点运动方向发生改变B．t =2s时，A、B两质点间距离一定等于2mC．在t = 4s 时，A、B相遇D．A、B 同时从静止出发，朝相反的方向运动10．如图所示，在平面直角坐标系中有一个垂直纸面向里的圆形匀强磁场，其边界过原点O 和y轴上的点a（0，L）。
[精品]2019学年高二物理上学期第三次月考试题(惟义、特零班,含解析)新人教版新版
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2019高二年级上学期第三次月考物理试卷(惟义、特零班)一、选择题(本题14小题，每小题4分，共56分，其中题为1、2、3、6、9、12、13多选题，全部选对的4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分)。
1.铅蓄电池的电动势为 2V，下列说法正确的是（）A. 电路中每通过 2C 的电荷量，铅蓄电池把 2J 的化学能转化为电能。
B. 铅蓄电池在未接入电路时，电池两端的电压等于 2V。
C. 铅蓄电池在 1S 内总是将 2J 的化学能转变成电能。
D. 铅蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节 1.5V 的干电池大。
【答案】BD【解析】电池是把化学能转化为电能的装置，电路中每通过 1 C电荷量，该铅蓄电池把 2 J的化学能转变为电能，选项A错误；只有外电路断路时，铅蓄电池两极间的电压才等于电源的电动势 2 V，选项B错误；铅蓄电池的电动势为2V，表示非静电力将单位正电荷从电源的负极通过电源内部移送到正极时所做的功为2J，不一定是在单位时间内，故C 错误；电源的电动势是表示电源将其它形式的能转化为电能的本领，铅蓄电池的电动势比一节干电池的电动势大，也就是该铅蓄电池将化学能转化为电能的本领比一节干电池(电动势为 1.5 V)的大，故D正确；故选 D.2.如图所示电路，电源内阻不可忽略。
在滑动变阻器滑片由a滑向b的过程中，下列说法中正确的是A. 电流表示数增大B. 小灯泡L亮度增加C. 电源内电阻消耗功率减小D. 电源输出功率一定增加【答案】AC【解析】A、滑片向b端移动时滑动变阻器接入电阻增大；则电路中总电流减小；由E=U+Ir可知，路端电压增大；则流过R 的电流增大；故电流表示数增大；故A正确；B、因总电流减小，而流过R的电流增大；由并联电路的分流规律可知，流过灯泡的电流减小；故灯泡亮度减小；故B错误；C、因电流减小，则由功率公式可知，是源内部消耗的功率减小；故C正确；D、当电源内外电阻相等时，电源的输出功率最大；本题无法得出内外电阻的大小关系；故无法确定功率的变化；故D错误；故选AC．【点睛】本题考查闭合电路欧姆定律及功率公式，在解题时要注意明确电源的输出功率的极值问题的应用；注意电源的总功率随外电阻的变化而变化，防止错选D．3.质量为m、带电量为q的小球，从倾角为θ的光滑绝缘斜面上由静止下滑，整个斜面置于方向水平向里的匀强磁场中，其磁感应强度为B，如右图所示。
2019学年高二物理上学期第三次月考试题 文(含解析) 人教新目标版 新版
2019学年第一学期第三次月考高二理综（文科班）试题一、物理选择题1. 下列物理量中，哪个是矢量( )A. 质量B. 温度C. 路程D. 静摩擦力【答案】D【解析】既有大小又有方向的物理量叫做矢量，如力、位移、速度、加速度等，D正确．2. 作用在一个物体上的两个力、大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小是（）A. 10NB. 35NC. 50ND. 70N【答案】C3. 下列说法中，正确的是 ( )A. 力的产生离不开施力物体，但可以没有受力物体B. 没有施力物体和受力物体，力照样可以独立存在C. 有的物体自己就有一个力，这个力不是另外的物体施加的D. 力不能离开施力物体和受力物体而独立存在【答案】D【解析】试题分析：，力是物体对物体的作用，任何一个力都与两个物体或同一个物体的两个部分相联系，如果找不到施力物体或受力物体，这个力是不存在的，故D正确考点：本题考查对力的概念的记忆和理解4. 天花板上悬挂着一个劲度系数为k的弹簧，弹簧的下端拴一个质量为m的小球，小球处于静止状态时，弹簧的形变量等于(g为重力加速度，不计弹簧质量) ( )A. 0B. mg/kC. kmgD. m/k【答案】B【解析】由胡克定律可知：，即选B；5. 关于重力的方向，下列说法中正确的是 ( )A. 重力的方向总是向下的B. 重力的方向总是垂直向下的C. 重力的方向总是竖直向下的D. 重力的方向总是跟支持重物的支持面垂直的【答案】C【解析】试题分析：重力是由于地球的吸引而产生的，重力的方向竖直向下或者说垂直于当地的水平面，并非指向球心．重力的方向总是竖直向下，不是垂直向下，也不是跟支持重物的支持面垂直，C正确．6. 同一地点的两个物体从同一高度同时开始做自由的落体运动，那么 ( )A. 质量较大的物体先到达地面B. 密度较大的物体先到达地面C. 体积较大的物体先到达地面D. 两个物体同时到达地面【答案】D【解析】试题分析：根据得，知两个物体同时落地，与物体的质量、体积、密度无关，D正确．考点：考查了自由落体运动规律的应用【名师点睛】解决本题的关键知道自由落体运动的物体仅受重力，做加速度为g，初速度为零的匀加速直线运动．7. 物体从距地面某高处开始做自由落体运动，若下落前一半路程所用的时间为t，则物体下落全程所用的时间为 ( )A. B. 4t C. 2t D. 2【答案】A【解析】试题分析：根据，可知下落前一半路程有；则下落全程：，联立解得：，故选A.考点：自由落体运动【名师点睛】此题是对自由落体运动规律的考查；要知道自由落体运动是初速度为零的，加速度为g的匀加速运动，满足匀变速直线运动的所有公式，所以只要在两个过程中列得位移时间关系方程即可求解总时间；此题是中等题.8. 甲和乙两个物体在同一直线上运动，它们的速度—时间图象分别如图中的a和b所示。
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2019学年第一学期第三次月考高二理科综合(理科班) 试题一、选择题1. 关于库仑定律，下列说法中正确的是( )。
A. 库仑定律适用于点电荷，点电荷其实就是体积很小的带电球体B. 库仑定律的公式，当两个电荷间的距离→∞时，库仑定律的公式就不适用了C. 若点电荷的电荷量大于的电荷量，则对的电场力大于对电场力D. 静电力常数的数值是由实验得出的【答案】D【解析】库仑定律适用于点电荷，当带电体的电量和大小与所研究的问题相比可忽略时，可看做点电荷，则点电荷不一定是体积很小的带电球体，选项A错误；库仑定律的公式，当两个电荷间的距离→0时，库仑定律的公式就不适用了，选项B错误；电荷之间的作用力是相互作用力，若点电荷的电荷量大于的电荷量，则对的电场力仍等于对电场力，选项C错误；静电力常数的数值是由实验得出的，选项D正确；故选D.2. 如图所示，半径为R的圆形线圈共有n匝，其中心位置处半径为r的虚线范围内有匀强磁场，磁场方向垂直线圈平面。
若磁感应强度为B，则穿过线圈的磁通量为( )。
A. B. C. D.【答案】B【解析】由于线圈平面与磁场方向垂直，故穿过该面的磁通量为：Φ=BS，半径为r的虚线范围内有匀强磁场，所以磁场的区域面积为：S=πr2所以Φ=πBr2．故选项B正确；故选B.点睛：本题考查了磁通量的定义式和公式Φ=BS的适用范围，只要掌握了磁通量的定义和公式Φ=BS的适用条件就能顺利解决．注意磁通量与线圈匝数无关．3. 如图所示，把一重力不计的通电直导线水平放在蹄形磁铁两极的正上方,导线可以自由转动，当导线通入图示方向电流I时，导线的运动情况是（从上往下看）（）。
A. 顺时针方向转动，同时下降B. 顺时针方向转动，同时上升C. 逆时针方向转动，同时下降D. 逆时针方向转动，同时上升【答案】A【解析】试题分析：在导线两侧取两小段，由左手定则可知，左边一小段所受的安培力方向垂直纸面向外，右侧一小段所受安培力的方向垂直纸面向里，从上往下看，知导线逆时针转动；当转动90度时，由左手定则可知，导线所受的安培力方向向下，所以导线的运动情况为，逆时针转动，同时下降．故C正确．考点：左手定则.4. 在如图所示的四个电场中，均有相互对称分布的a、b两点，其中a、b两点电势和场强都相同的是A. B.C. D.【答案】C.........点睛：本题考查场强的叠加；要注意明确场强是矢量；而矢量要相同，只有大小和方向都相同才相同，而当大小或方向之一不同时，矢量即不相同．5. 如图所示，实线代表电场线，虚线代表只受电场力作用下带正电粒子的运动轨迹，粒子由a到b再到c.则下列说法正确的是（）。
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2019年高二物理第三次月考试题（满分100分，考试时间：90分钟）一、单项选择题（每小题只有一个选项正确，每小题4分，共28分）1. 把一条导线平行地放在磁针的上方附近，当导线中有电流通过时，磁针会发生偏转。
首先观察到这个实验现象的物理学家是（）A．奥斯特B．安培C．洛伦兹D．法拉第2、在如图1所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑片在a端时合上开关S，此时三个电表、和的示数分别为I1、I2和U.现将R2的滑片向b端移动，则三个电表示数的变化情况是( )A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2增大，U减小图1C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2不变，U减小3．一带正电粒子仅在电场力作用下从A点经B、C运动到D点，其v－t图象如图所示，则下列说法中正确的是( )A．A处的电场强度一定小于B处的电场强度B．A处的电势一定小于在B处的电势C．CD间各点电场强度和电势都为零D．AB两点间的电势差等于CB两点间的电势差4. 两个大小不同的绝缘金属圆环a、b如图所示叠放在一起，小圆环b 有一半面积在大圆环a中，当大圆环a通上顺时针方向电流的瞬间，小圆环中感应电流的方向是 ( )A．顺时针方向 B．逆时针方向C．左半圆顺时针，右半圆逆时针 D．无感应电流5．如图所示一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地．在两极板间有一负电荷（电量很小）固定在Ｐ点，以Ｅ表示两板间的场强，Ｕ表示电容器两板间的电压，Ｗ表示正电荷在Ｐ点的电势能．若保持负极板不动，将正极板移到图中虚线所示位置，则（ ）A ．Ｕ变小，Ｗ不变B ．Ｅ变大，Ｗ变大C ．Ｕ变大，Ｅ不变D ．Ｕ不变，Ｗ不变6、.如图所示，在边长为a 的正三角形区域内存在着方向垂直于纸面向外、磁感应强度大小为B 的匀强磁场．一个质量为m 、电量为＋q 的带电粒子(重力不计)从AB 边的中点O 以一某速度v 进入磁场，粒子进入磁场时的速度方向垂直于磁场且与AB边的夹角为60°.若粒子能从AB 边穿出磁场，且粒子在磁场中运动的过程中，到AB 边有最大距离则v 的大小为( )A. B C. D.3Bqa 8m7． 如右图所示为圆柱形区域的横截面，在没有磁场的情况下，带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域的时间为t ，在该区域加沿轴线垂直纸面向外方向的匀磁强场，磁感应强度大小为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射并沿某一直径方向飞出此区域时，速度方向偏转角为600，如图所示。
根据上述条件可求下列哪几个物理量 （ ）① 带电粒子的比荷 ② 带电粒子在磁场中运动的周期 ③ 带电粒子在磁场中运动的半径 ④ 带电粒子的初速度A ．①② B．①③ C．②③ D．③④二、不定项选择题（每小题4分，共20分。
每小题的4个选项中至少有两项是正确的。
全选对每题得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分）8．一段电流元放在同一匀强磁场中的四个位置，如图所示，已知电流元的电流I 、长度L 和受力F ，则可以用表示磁感应强度B的是（） A ． B ． C ． D ．9．如图所示，在真空中的A、B两点分别放置等量异种点电荷，在A、B两点间取一正五角星形路径abcdefghija，五角星的中心O与A、B 的中点重合，其中af连线与AB连线垂直。
现有一电子沿该路径逆时针移动一周，下列正确的是( )A．g点和e点的电场强度相同B．a点和f点的电势相等C．电子从e点移到f点的过程中，电场力做负功，电势能增加D．若A、B两点处点电荷电荷量都变为原来2倍，则A、B连线中点O 点场强变为原来的２倍10.在如图甲所示的电路中,电源电动势为3.0 V,内阻不计,L1、L2、L3为3个相同规格的小灯泡,这种小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示.当开关闭合后,下列关于电路中的灯泡的判断,正确的是（）A.灯泡L1的电阻为12ΩB.通过灯泡L1的电流为灯泡L2的电流的2倍C.灯泡L1消耗的电功率为0.75 WD.灯泡L2消耗的电功率为0.30 W11. 磁场垂直于纸面，磁感应强度在竖直方向均匀分布，水平方向非均匀分布．一铜制圆环用丝线悬挂于O点，将圆环拉至位置a后无初速度释放，在圆环从a摆向b的过程中( )A．感应电流方向先逆时针后顺时针再逆时针B．感应电流方向一直是逆时针C．安培力方向始终与速度方向相反D．安培力方向始终沿水平方向12、如图所示，导电物质为电子的霍尔元件位于两串联线圈之间，线圈中电流为I，线圈间产生匀强磁场，磁感应强度大小B与I成正比，方向垂直于霍尔元件的两侧面，此时通过霍尔元件的电流为IH，与其前后表面相连的电压表测出的霍尔电压UH满足：UH=k，式中k为霍尔系数，d为霍尔元件两侧面间的距离．电阻R远大于RL，霍尔元件的电阻可以忽略，则( )A．霍尔元件前表面的电势低于后表面B．若电源的正负极对调，电压表将反偏C．IH与I成正比D．电压表的示数与RL消耗的电功率成正比三、填空题(每空2分，共14分)13、读出下图中游标卡尺和螺旋测微器的读数游标卡尺的读数为_________mm.；螺旋测微器的读数为________mm.14、.某同学在练习使用多用电表时连接的电路如下图所示(1).若旋转选择开关，使尖端对准直流电流挡，此时测得的是通过________(填R1或R2)的电流；(2).若断开电路中的电键，旋转选择开关使其尖端对准欧姆挡，则测得的是__________的电阻。
A. R1的电阻B.R2的电阻C.R1和R2的串联电阻D.R1和R2的并联电阻(3).将选择倍率的旋钮拨至“×100 Ω”的挡时，测量时指针停在刻度盘0 Ω附近处，为了提高测量的精确度，有下列可供选择的步骤：A．将两根表笔短接B．将选择开关拨至“ ”挡（填“×1 kΩ”或“×10 Ω”）C．将两根表笔分别接触待测电阻的两端，记下读数D．调节调零电阻，使指针停在0 Ω刻度线上E．将选择开关拨至交流电压最高挡上①补全B项步骤②将上述步骤中必要的步骤选出来，这些必要步骤的合理顺序是________(填写步骤的代号)。
③ 若操作正确，上述C步骤中，指针偏转情况如图所示，则所测电阻大小为________.四、计算题（本大题有4小题,共38分,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写最后答案不得分。
有数值计算的题，答案应明确写出数值和单位。
）15．(7分）在倾角θ＝30°的斜面上，固定一金属框，宽L＝0.5 m，接入电动势 E ＝12 V、内阻不计的电池和滑动变阻器。
垂直框面放有一根质量m＝0.1kg,电阻为r=1.6Ω的金属棒ab，不计它与框架间的摩擦力，不计框架电阻。
整个装置放在磁感应强度B＝0.8 T，垂直框面向上的匀强磁场中，如图所示，调节滑动变阻器的阻值，当R的阻值为多少时，可使金属棒静止在框架上？（假设阻值R可满足需要）（g=10 m/s2）16．（9分）静电喷漆技术具有效率高、浪费少、质量好，有利于工人健康等优点，其装置原理图如图所示。
A、B为两块平行金属板，间距为d，两板间有方向由B指向A、场强为E的匀强电场。
在A板的中央放置一个安全接地的静电油漆喷枪P，油漆喷枪的半圆形喷嘴可向各个方向均匀地喷出带负电油漆微粒，微粒的初速度为v0，质量为m ，电荷量为q ，微粒的重力和所受空气阻力以及微粒之间的作用力均不计，微粒最后都落在金属板B 上且对匀强电场不影响。
试求：（1）微粒打在B 板上的动能Ek 。
（2）微粒最后落在B 板上所形成的图形面积的大17．（10分）如图甲所示的电路中，R1、R2均为定值电阻，且R1＝100 Ω，R2阻值未知，R3为一滑动变阻器。
当其滑片P 从左端滑至右端时，测得电源的路端电压随电源中流过的电流变化图线如图乙所示，其中A 、B 两点是滑片P 在变阻器的两个不同端点得到的。
求：⑴电源的电动势和内阻；⑵定值电阻R2的阻值；⑶滑动变阻器的最大阻值。
18．（12分）如图所示，在第Ⅱ象限内有水平向右的匀强电场，电场强度为E ，在第Ⅰ、Ⅳ象限内分别存在如图所示的匀强磁场，磁感应强度大小相等，有一个带电粒子以垂直于x 轴的初速度v0从x 轴上的P 点进入匀强电场中，并且恰好与y 轴的正方向成45°角进入磁场，又恰好垂直x 轴进入第Ⅳ象限的磁场，已知OP 之间的距离为d ，(不计粒子重力）求：（1）带电粒子在磁场中做圆周运动的半径，（2）带电粒子从进入磁场到第二次经过x 轴，在磁场中运动的总时间，（3）匀强磁场的磁感应强度大小。
参考答案三、13、10.05mm _0.920mm14、（1） R1 (2) C (3) ① ×10 Ω ② BADCE ③ 160 Ω四、计算题（本题共4小题，共38分。
解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤.只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
请在各自题目的答题区域内作答，超出黑色边框的答题无效。
）15.（7分）1解：金属棒刚好平衡BIL=mgsin θ（2分） I=（2分）rR E + R ＝-r 得 R ＝8 Ω。
（3分）θsin mg EBL 16．（1）据动能定理有 qEd ＝Ek －mv （2分）解得 Ek ＝qEd+mv （2分）（2）微粒落在B 板上所形成的图形是圆，落在圆边缘上微粒在两极间做类平抛运动，有R ＝v0t （1分）d ＝at2 （1分）qE ＝ma （1分）解得圆面积S ＝πR2＝ （2分）17（10分）（10分）⑴由U-I 图象可得E=20V(2分)，r=20Ω（2分）； ⑵当R3的滑键自左向右滑时，R3阻值变小，使电路总电阻变小，而总电流变大。
由此可知，图线上的A 、B 两点是滑键分别位于最左端和最右端时所得到的。
当滑键位于最右端时，R3=0，R1被短路，外电路总电阻即为R2，故由B 点的U 、I 值可求出R2（3分）Ω===58.042B B I U R分）18．（1）(12分)带电粒子的运动轨迹如图所示．由题意知，带电粒子到达y 轴时的速度v ＝v0，这一过程的时间t1＝＝，电场中沿y 轴的位移y=v0t=2d ，根据几何关系得到，带电粒子在磁场中的偏转轨道半径r ＝2d （4分）（2）带电粒子在第Ⅰ象限中的运动时间为：t2＝＝＝ （2分）（3）（4分）磁场中电场中，又，求得： （4分）qB mv r =m qE a =d v a 220=0v E B =。