江西省南昌市新建县第一中学2019_2020学年高一物理上学期第二次月考试题2020011402101
高一物理上学期第二次月考试卷高一全册物理试题_4
应对市爱护阳光实验学校一中高一〔上〕第二次月考物理试卷一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s27．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s28．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t010．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s216．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：A．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值〔选填：偏大、偏小或相〕18．一摩托车由静止开始在平直的公路上行驶，其运动过程的v﹣t图象如下图，求：〔1〕摩托车在0﹣20s这段时间的加速度大小；〔2〕摩托车在50s末的加速度大小〔3〕摩托车在0﹣75s这段时间的平均速度大小．19．在光滑水平面上有A、B两个物体，B在前，A在后，A正以6m/s的速度向右匀速运动，B静止；当A、B之间距离为18m时A物体做匀减速直线运动，B 物体做匀加速直线运动，经过4s，物体B的速度到达3m/s，此后A、B均做匀速直线运动，A、B又继续运动4s，A恰好追上B，在这一过程中，求〔1〕B物体做匀加速直线运动的加速度的大小〔2〕在A物体追上B物体之前，B物体运动的位移大小〔3〕A物体做匀减速直线运动的加速度的大小．20．一质点由静止开始做匀加速直线运动，加速度大小为a1，经时间t后做匀减速直线运动，加速度大小为a2，假设再经时间2t恰能回到出发点，求：〔1〕a l：a2为多少？〔2〕质点运动后0﹣t内和t﹣3t内质点通过的路程之比．一中高一〔上〕第二次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：〔此题共10小题，每题4分，共40分．在每题给出的四个选项中，只有一个选项正确．〕1．以下说法中正确的选项是〔〕A．分析跳高运发动的过杆技术时，可把运发动看成质点B．质点某时刻的加速度不为零，那么该时刻的速度也不为零C．当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时可以把子弹看做质点D．做把戏溜冰的运发动一不能看作质点【考点】质点的认识．【分析】把物体看成质点的条件：当物体的形状、大小对所研究的问题没有影响时，我们就可以把它看成质点，加速度是反映速度变化快慢的物理量，加速度与速度无关，加速度大说明速度变化快，速度的变化率大．【解答】解：A、分析跳高运发动的过杆技术时，要看运发动的动作，所以不能看成质点，故A错误；B、质点某时刻的加速度不为零，那么速度可能为零，如自由落体运动的开始，故B错误；C、当研究子弹射击100米外的靶子所用的时间时，子弹的大小和形状可以忽略，可以看成质点，故C正确；D、研究做把戏溜冰的运发动溜冰时间时，可以看成质点，故D错误；应选：C【点评】考查学生对质点这个概念的理解，关键是知道物体能看成质点时的条件，看物体的大小体积对所研究的问题是否产生影响，物体的大小体积能否忽略．2．关于路程和位移，以下说法中正确的选项是〔〕A．在某一段时间内物体运动的位移为零，那么该物体一是静止的B．运发动铅球成绩为0m，指的是位移大小为0mC．在直线运动中物体的位移大小不一于其路程D．在曲线运动中物体的位移大小不一小于其路程【考点】位移与路程．【分析】位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移与路程没有必然联系，位移为零，路程可以不是零．【解答】解：A、位移代表初末位置有向线段，路程表示路径长度．位移为零，路程可以不是零．如物体做圆周运动一周，回到出发点，此时位移为零，而物体不是静止的，故A错误．B、运发动铅球成绩为0m，指的是水平方向的位移大小为0m，故B错误．C、只有在单向直线运动中，物体的位移大小才于其路程，故C正确．D、曲线运动轨迹长度一大于初末位置之间有向线段的长度，所以在曲线运动中物体的位移大小一小于其路程，故D错误．应选：C【点评】掌握位移和路程的区别和联系，只有在单向直线运动中，物体的位移大小于其路程．3．关于时间和时刻，以下说法不正确的选项是〔〕A．物体在5s时指的是物体在5s末这一时刻B．物体在5s内指的是物体在4s末到5s末这1s的时间C．物体在第3s内指的是物体在2s末到3s末这1s的时间D．第4s末就是第5s初，指的是时刻【考点】时间与时刻．【分析】首先知道时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点．【解答】解：A、物体在5s时指的是物体在5s末时，指的是时刻，故A正确；B、物体在5s内指的是物体在0到第5s末这5s的时间，故B不正确；C、物体在第3s内指的是物体在第2s末到第3s末这1s的时间，故C正确；D、第4s末就是第5s初，指的是时刻，故D正确；此题选择不正确的，应选：B．【点评】时间是指时间的长度，在时间轴上对一段距离，对物体的位移或路程，时刻是指时间点，在时间轴上对的是一个点，对物体的位置．4．关于速度、速度的变化量、速度的变化率、加速度的关系，以下说法正确的选项是〔〕A．物体加速度表示增加的速度B．物体速度变化量越大，那么加速度越大C．物体速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大D．加速度很大时，运动物体的速度一很快变大【考点】加速度；速度．【专题】直线运动规律专题．【分析】加速度是物体速度变化量和所用时间的比值，加速度反物体速度变化快慢的物理量．【解答】解：A、加速度是描述物体速度变化快慢的物理量，加速度不是增加的速度，故A错误；B、物体速度变化量大，加速度不一大，还要看时间，故B错误；C、加速度反物体速度变化快慢的物理量，速度变化越快，那么速度的变化率越大，加速度也越大，故C正确；D、加速度很大，速度变化快，但速度不一很快变大，故D错误．应选：C【点评】掌握加速度的概念及其物理意义是正确解题的关键，知道加速度不是增加的速度，难度不大，属于根底题．5．从同一地点同时开始沿同一直线运动的两个物体Ⅰ、Ⅱ的速度﹣时间图象如下图．在0～t2时间内，以下说法中正确的选项是〔〕A．Ⅰ物体所受的合外力不断增大，Ⅱ物体所受的合外力不断减小B．在第一次相遇之前，t1时刻两物体相距最远C．t2时刻两物体相遇D ．Ⅰ、Ⅱ两个物体的平均速度大小都是【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，切线的斜率表示加速度；图象与坐标轴围成的面积表示位移，两个物体同一地点同时开始沿同一直线运动，相遇的要求在同一时刻到达同一位置；匀变速直线运动的平均速度为．【解答】解：A、由图象可知I物体做加速度越来越小的加速运动，所受的合外力不断减小，II物体做匀减速直线运动所受的合外力不变，故A错误；B、图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图可知在t1时刻两物体面积差最大，相距最远，故B正确；C、图象与坐标轴围成的面积表示位移，那么t2时刻Ⅰ的位移大于Ⅱ的位移，没有相遇，故C错误；D 、Ⅱ物体做匀减速直线运动，平均速度大小于，Ⅰ物体做变加速直线运动，根据图线与时间轴所围面积表示位移可知，其位移大于以相同的初速度和末速度做匀加速运动的位移，所以其平均速度大小大于，故D错误；应选：B【点评】该题考查了速度﹣时间图象相关知识点，要求同学们能根据图象判断物体的运动情况，从图中读取有用信息解题，难度不大．6．一小木块以初速度5m/s自由冲上光滑的斜面，2s末速度大小变为1m/s，那么这段时间内小木块的加速度大小〔〕A．一为2 m/s2B．一为3 m/s2C．可能大于2m/s2D．可能小于2 m/s2【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】讨论物体的末速度的可能性，再由速度公式即可求解加速度．【解答】解：设沿斜面向上为正方向，假设末速度沿斜面向上，那么由速度公式v=v0+at可得：a==﹣2m/s2；假设末速度沿斜面向下，那么a′==﹣3m/s；故C正确，ABD错误；应选：C【点评】此题考查速度公式的用，要注意分析题意中的可能情况，明确物体速度可能向上也可能向下．7．一质点做匀加速直线运动，通过第一段8m位移所用的时间为2s，紧接着通过下一段10m位移所用时间为1s．那么该质点运动的加速度为〔〕A．5m/s2 B．4m/s2 C．3m/s2 D．2m/s2【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出两段过程中中间时刻的瞬时速度，结合速度时间公式求出质点运动的加速度．【解答】解：第一段中间时刻的瞬时速度，第二段中间时刻的瞬时速度，两个中间时刻的时间间隔△t=1+0.5s=s，那么加速度a=．应选：B．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，有时运用推论求解会使问题更加简捷．8．一个从地面上竖直上抛的物体，它两次经过一个较低点A的时间间隔为4.0s，两次经过一个较高点B时间间隔为2.0s，那么AB之间的距离是〔g取10m/s2〕〔〕A．15m B．20mC．60m D．初速度未知，无法确【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据竖直上抛运动的对称性求出最高点到A和B的时间，结合位移时间公式求出AB之间的距离．【解答】解：根据竖直上抛运动的对称性，知最高点到较低点A的时间为2s，到较高点B的时间为1s，那么AB 之间的距离=．应选：A．【点评】解决此题的关键知道竖直上抛运动在上升过程和下降过程中的对称性，结合运动学公式灵活求解，根底题．9．小物块以一的初速度自光滑斜面的底端a点上滑，最远可达b点，e为ab 的中点，如下图，物体由a到b的总时间为t0，那么它从a到e所用的时间为〔〕A ． t0B ． t0 C．〔﹣1〕t0D ． t0【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】采用逆向思维，结合位移时间公式求出eb和ab的时间之比，求出e 到b的时间，从而得出a到e的时间．【解答】解：采用逆向思维，根据，，因为e为ab 的中点，那么：，可知a到e 的时间为： =．应选：D．【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的位移时间公式，以及掌握逆向思维在运动的运用，根底题．10．A、B两车沿同一直线向同一方向运动，A车的速度v A=4m/s，B车的速度v B=10m/s．当B车运动至A车前方7m处时，B车以a=2m/s2的加速度开始刹车，从该时刻开始计时，那么A车追上B车所需要时间为〔〕A．5s B．6s C．7s D．8s【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】追及、相遇问题．【分析】根据速度时间公式求出B速度减为零的时间，求出此时A、B的位移，判断是否追上，假设未追上，结合匀速运动的位移公式求出继续追及的时间，从而得出总时间．【解答】解：B 车速度减为零的时间为：，此时B 车的位移为：，A车的位移为：x A=v A t1=4×5m=20m，因为x A＜x B+7m，此时A车还未追上B车，还需追及的时间为：，那么追及的时间为：t=t1+t2=5+3=8s．应选：D．【点评】此题考查了运动的追及问题，关键抓住位移关系，结合运动学公式灵活求解，此题要注意是在B速度减为零前追上，还是速度减为零后追上．二、多项选择题：〔此题共6小题，每题4分，共24分．在每题给出的四个选项中有多个选项正确，选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．〕11．关于做匀变速直线运动的物体，以下说法正确的选项是〔〕A．在1s内、2s内、3s内物体通过的位移之比是1：4：9B．一质点的位置坐标函数是x=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2C．加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同D．任意两个相时间间隔内物体的位移之差都相【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据初速度为零的匀加速直线运动的推论得出1s内、2s内、3s内的位移之比．根据位移时间公式得出物体的初速度和加速度．匀减速直线运动的物体，速度随时间均匀减小．【解答】解：A、初速度为零时，1s内、2s内、3s内通过位移之比为1：4：9，故A错误．B、根据x=v0t+at2=2t+2t2，那么它运动的初速度是2m/s，加速度是4m/s2，故B正确．C、加速度方向不一与速度方向相同，但一与速度变化的方向相同，故C正确．D、匀变速直线运动的物体，任意两个连续相时间内的位移之差是一恒量，即△x=aT2，故D错误．应选：BC【点评】解决此题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式和推论，并能灵活运用，根底题．12．一物体沿直线运动，其v﹣t图象如下图，那么关于该物体的运动情况，下述正确的选项是〔〕A．第1s末物体的位移和速度都不改变方向B．第2s末物体的加速度和速度都改变方向C．前4s内物体的位移为零D．第1s末、第3s末、第5s末物体的速度相同【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】运动的图像专题．【分析】v﹣t图象的识别和用，v﹣t图可以看出速度大小和方向的变化，速度是矢量，正负代表方向，故方向变化发生在和时间轴相交处，即图线从时间轴的上部穿到下部，或从下部穿到上部，速度的方向才发生变化．位移可根据图象与坐标轴围成的面积分析．【解答】解：A、第1s末物体的速度没有改变，那么位移方向也不变，故A正确．B、第2s末物体的速度方向改变，但2﹣3s内加速度方向不变，即第2s末物体的加速度方向不变，故B错误．C、根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，那么知前4s内物体的位移为零，故C正确．D、根据图象可知，1s末和5s末的速度为正，但3s末速度为负，那么第1s末、第3s末、第5s末物体的速度不相同，故D错误．应选：AC．【点评】图象的识别，要看清坐标轴，其次要看斜率，交点位置，和它们表示的含义，以此来解题．13．A、B两质点从同一地点运动的x﹣t图象如下图，以下说法中正确的选项是〔〕A．A、B两质点在4s末速度相B．A、B两质点在8s内通过的路程相C．前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点相遇D．A质点一直做匀速运动，B质点先加速后减速，8s末回到出发点【考点】匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】位移时间图线的斜率表示瞬时速度，根据纵坐标的变化量表示位移．速度时间图线的斜率表示加速度的大小，图线与时间轴围成的面积表示位移．速度的正负表示速度的方向．【解答】解：A、x﹣t图象中，斜率表示速度大小，4s末二者的斜率不同，所以速度不同，故A错误；B、根据图象可知，B运动的路程s B=20+20=40m，A运动的路程s A=40﹣0=40m，路程相，故B正确；C、前4s内A、B之间距离先增大后减小，4s末两质点的位移相同，到达同一位置相遇，故C正确；D、由图象斜率知，B质点先减速后加速，8s末回到出发点，故D错误；应选：BC【点评】此题是位移﹣时间图象问题，抓住图象的数学意义：斜率于物体的速度，来分析物体的运动情况．14．一石块从30m高处开始做自由落体运动，〔g=10m/s2，取竖直向下为正方向〕那么石块下落后〔〕A．第1s内的位移为5m B．第3s末的速度为30m/sC．第2s内的平均速度为10m/s D．3s内的平均速度为10m/s【考点】自由落体运动．【专题】自由落体运动专题．【分析】物体做自由落体运动，根据位移时间公式和速度时间公式求的位移和时间，结合位移与时间的比值为平均速度【解答】解：A、第1s 内的位移为：，故A正确；B、物体下落的时间为：t=，故3s末已经落地，故3s末速度为零，故B错误；C、前2s 内的位移为：，故第2s内的平均速度为：v=，故C错误；D、3s内的平均速度为v=，故D正确；应选：AD【点评】记住并理解自由落体的位移公、速度与位移的关系公式均速度的公式是解此题的关键．还要知道第几秒的位移表示什么，怎么求．此题属于中档题15．如下图，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管向下滑．他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零．如果他加速时的加速度大小是减速时的2倍，下滑的总时间为3s，那么该消防队员〔〕A．下滑过程中的最大速度为4m/sB．加速与减速过程的时间之比为1：2C．加速与减速过程中平均速度之比为1：2D．减速过程的加速度大小为4m/s2【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】由平均速度公式求解最大速度．根据速度公式研究加速与减速过程的时间之比．根据牛顿第二律研究摩擦力之比．【解答】解：A、C、设下滑过程中的最大速度为v ， 1=， =，故平均速度相，那么消防队员下滑的总位移：x==，解得：v===8m/s，故AC错误．B、设加速与减速过程的时间分别为t1、t2，加速度大小分别为a1、a2，那么v=a1t1，v=a2t2，解得：t1：t2=a2：a1=1：2．故B正确．D、由t1：t2=1：2，又t1+t2=3s，得到t1=1s，t2=2s，a1===8m/s2，a2===4m/s2，故D正确．应选：BD【点评】此题运用牛顿第二律运动学公式结合分析多过程问题，也可以采用图象法分析最大速度，根据动能理研究摩擦力关系．16．物体沿一直线做匀加速直线运动，它在第2s内的位移为4.0m，第3s内的位移为6.0m，那么以下判断中正确的选项是〔〕A．它的加速度大小是2.0m/s2B．它在前7s内的位移是56mC．它的初速度为零D．它在第2s末的速度为 5.0m/s【考点】匀变速直线运动规律的综合运用．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的规律及其推论进行分析求解即可．【解答】解：A、据△x=aT2可得加速度a==2m/s2，故A正确；B、根据匀变速直线运动规律的推论△x=aT2可知，x2﹣x1=x3﹣x2，可得第1s内的位移为2m，2s﹣7s内位移x′=v2t+at2=5×5=50m，前7s内位移x=2+4+6+50=62m，故B错误；C、由B知第1a内的位移为2m，根据x=v at2，可知物体的初速度不为零，故C错误；D、第2s到第3s内的总位移为10m，时间为2s，根据平均速度义可知，平均速度为5m/s，于中间时刻的速度，即2s末的速度大小为5m/s，故D正确．应选：AD【点评】掌握匀变速直线运动的速度时间关系位移时间关系及其推论△x=aT2是正确解题的关键．三、题〔此题共1小题，每空2分，共12分．〕17．某同学用如下图的装置研究小车在斜面上的运动．〔1〕中，除电火花打点计时器〔含纸带、墨粉纸〕、小车、平板、铁架台、导线及开关外，在下面的仪器和器材中，必须使用的有BC ．〔填选项代号〕A．电压为4～6V的50Hz交流电源B．电压为220V的50Hz交流电源C．刻度尺D．停表E．天平F．重锤〔2〕以下中操作步骤中正确的选项是：ACA．先接通电源，后释放纸带 B．先释放纸带，后接通电源C．小车要靠近打点计时器释放 D．用天平秤出小车的质量〔3〕中所用电源的频率为50Hz．选取适宜的纸带如以下图，以每5个点为一个记数点，分别记0、1、2…用刻度尺测得S1=0cm；S2=7.09cm；S3=18cm；S4=20.18cm；根据纸带中所给的信息，当打点计时器打下点“2〞时的瞬时速度为v2=_ 0.504 m/s，小车加速度的计算公式为：a= 〔每两个计数点间的时间间隔可用T表示〕，计算结果为 a= 0 m/s2．〔计算结果保存三位有效数字〕〔4〕如果当时交变电流的频率是f=51Hz，那么加速度的测量值偏小〔选填：偏大、偏小或相〕【考点】探究小车速度随时间变化的规律；测匀变速直线运动的加速度．【专题】题．【分析】〔1〕根据的原理确所需测量的物理量，从而确所需的器材．〔2〕根据的考前须知选出正确的选项，注意该不需要测量小车的质量．〔3〕根据某段时间内的平均速度于中间时刻的瞬时速度求出计数点2的瞬时速度，根据连续相时间内的位移之差是一恒量，运用逐差法求出加速度．〔4〕根据周期的测量误差，结合△x=aT2判断加速度的测量误差．【解答】解：〔1〕电火花打点计时器采用220V、50Hz的交流电源，打点计时器可以记录时间，所以不需要秒表，该不需要测量质量，所以不需要天平，由于要测量纸带上点迹间的距离，所以需要刻度尺．应选：BC．〔2〕A、时先接通电源，后释放纸带，故A正确，B错误．C、为了有效使用纸带，小车靠靠近打点计时器处释放，故C正确．D、该不需要测量小车的质量，故D错误．应选：AC．〔3〕计数点2的瞬时速度m/s=0.504m/s．。
2019-2020学年高一物理上学期第二次(1月)月考试题.doc
2019-2020学年高一物理上学期第二次（1月）月考试题注意事项：1．答题前填写好自己的姓名、班级、考号等信息2．请将答案正确填写在答题卡上第I 卷（选择题）一、单选题(本大题共9小题，每小题4分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
)1．如图所示为甲、乙两质点v －t 图象，下列说法中正确的是A. 质点乙与甲的运动方向相反B. 质点甲、乙的速度相同C. 在相同的时间内，质点甲、乙的位移相同D. 甲、乙之间的距离越来越大2．控制汽车油耗是减少排放二氧化碳的主要手段之一，各国相继出台在不久的将来禁售燃油车的相关政策，而大力研发电动汽车。
一电动汽车装备了具有“全力自动刹车”功能的城市安全系统，当车速v ≤10m/s、且与前方静止的障碍物之间的距离接近安全距离时，如果司机未采取制动措施，系统就会立即启动“全力自动刹车”，使电动汽车避免与障碍物相撞。
在上述条件下，若某一电动汽车以10m/s 的速度在一条平直公路上行驶，启动了“全力自动刹车”后其加速度大小为4m/s 2，则从开始经1s 与3s 过程中，汽车的位移之比为A. 1∶3B. 2∶3C. 1∶6D. 16∶253．如图所示，用两根轻绳AO 和BO 系住一小球，手提B 端由OB 的水平位置逐渐缓慢地向上移动，一直转到OB 成竖直方向，在这过程中保持角不变，则OB 所受拉力的变化情况是A. 一直在减小B. 一直在增大C. 先逐渐减小，后逐渐增大D. 先逐渐增大，后逐渐减小4．如图所示，起重机将重为G 的重物匀速吊起，此时四条钢索与竖直方向的夹角均为60°，则每根钢索中弹力大小为( )A. 4G 2G 5．在静止的车厢内，用细绳a 和b 系住一个小球，绳a 斜向上拉，绳b 水平拉，如图所示；让车从静止开始向右做匀加速运动，小球相对于车厢的位置不变，与小车静止时相比，绳a、b的拉力F a、F b变化情况是A. F a变大，F b不变B. F a变大，F b变小C. F a不变，F b变小D. F a不变，F b变大6．某同学在墙前连续拍照时，恰好有一小白色重物从墙前的某高处由静止落下，拍摄到重物下落过程中的一张照片如图所示。
江西高一高中物理月考试卷带答案解析
江西高一高中物理月考试卷班级:___________ 姓名：___________ 分数：___________一、选择题1.a、b、c三个α粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定（）①在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上；②b和c同时飞离电场；③进入电场时，c的速度最大，a的速度最小；④动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大．A．①②③B．①②④C．②③④D．①③④2.如图所示，平行板电容器经开关S与电池连接，a处有一电荷量非常小的点电荷，S是闭合的，φ表示a点的电a势，F表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（）A．φa变大，F变大B．φa变大，F变小C．φa不变，F不变D．φa不变，F变小3.真空中保持一定距离的两个点电荷，若其中一个点电荷增加了，但仍然保持它们之间的相互作用力不变，则另一点电荷的电量一定减少了（）A．B．C．D．4.两相同带电小球，带有等量的同种电荷，用等长的绝缘细线悬挂于O点，如图所示．平衡时，两小球相距r，两小球的直径比r小得多，若将两小球的电量同时各减少一半，当它们重新平衡时，两小球间的距离（）A．大于B．等于C．小于D．无法确定5.某静电场沿x方向的电势分布如图所示，则（）A．在0﹣x1之间存在着沿x方向的非匀强电场B．在0﹣x1之间存在着沿x方向的匀强电场C．在x1﹣x2之间存在着沿x方向的匀强电场D．在x1﹣x2之间存在着沿x方向的非匀强电场6.一个点电荷，从静电场中的a 点移至b 点，其电势能的变化为零，则（ ）A ．a 、b 两点的场强一定相等B ．该电荷一定沿等势面移动C ．作用于该点电荷的电场力与其移动方向总是垂直的D ．a 、b 两点的电势相等7.Q 1、Q 2为两个带电质点，带正电的检验电荷q 沿中垂线上移动时，q 在各点所受Q 1、Q 2作用力的合力大小和方向如图细线所示（力的方向都是向左侧），由此可以判断 （ ）A ．Q 2可能是负电荷B ．Q 1、Q 2可能为等量异种电荷C ．Q 2电量一定大于Q 1的电量D ．中垂线上的各点电势相等8.如图所示，电路中A 、B 为两块竖直放置的金属板，C 是一只静电计，开关S 合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（ ）A ．使A 、B 两板靠近一些B ．使A 、B 两板正对面积减小一些C ．断开S 后，使B 板向右平移一些D ．断开S 后，使A 、B 正对面积增大一些9.如图为一匀强电场，某带电粒子从A 点运动到B 点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J ，电场力做的功为1.5J ．则下列说法正确的是（ ）A ．粒子带负电B ．粒子在A 点的电势能比在B 点少1.5JC ．粒子在A 点的动能比在B 点多0.5JD ．粒子在A 点的机械能比在B 点少1.5J10.一带电量为q 的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为F ，该点场强大小为E ，则下面能正确反映这三者关系的是（ ）A ．B ．C ．D ．11.在方向水平向左，大小E=100V/m的匀强电场中，有相距d=2cm的a、b两点，现将一带电荷量q=3×10﹣10C 的检验电荷由a点移至b点，该电荷的电势能变化量可能是（）A．0B．6×10﹣11J C．6×10﹣10J D．6×10﹣8J12.如图所示，光滑绝缘、互相垂直的固定墙壁PO、OQ竖立在光滑水平绝缘地面上，地面上方有一平行地面的匀强电场E，场强方向水平向左且垂直于墙壁PO，质量相同且带同种正电荷的A、B两小球（可视为质点）放置在光滑水平绝缘地面上，当A球在平行于墙壁PO的水平推力F作用下，A、B两小球均紧靠墙壁而处于静止状态，这时两球之间的距离为L．若使小球A在水平推力T的作用下沿墙壁PO向着O点移动一小段距离后，小球A与B重新处于静止状态，则与原来比较（两小球所带电荷量保持不变）（）A．A球对B球作用的静电力增大B．A球对B球作用的静电力减小C．墙壁PO对A球的弹力不变D．两球之间的距离减小，力F增大二、计算题1.如图所示，两块竖直放置的平行金属板A、B，两板相距d，两板间电压为U，一质量为m的带电小球从两板间的M点开始以竖直向上的初速度v0运动，当它到达电场中的N点时速度变为水平方向，大小变为2v，求M、N两点间的电势差和电场力对带电小球所做的功（不计带电小球对金属板上电荷均匀分布的影响，设重力加速度为g）2.一束电子流在经U=5000V的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的电场，如图所示，若两极间距d=1.0cm，板长l=5.0cm，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？3.如图，平行板电容器为C，电荷量Q，极板长为L，极板间距离为d，极板与水平面成α夹角，现有一质量为m 的带电液滴沿两极板的中线从P点由静出发到达Q点，P、Q两点都恰在电容器的边缘处，忽略边缘效应，求：（1）液滴的电荷量；（2）液滴到达Q点时的速度大小．4.如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．沿y轴正方向射入电场，在5.如图所示，在真空中有一与x轴平行的匀强电场，一电子由坐标原点O处以速度v运动中该电子通过位于xoy平面内的A点，A点与原点O相距L，OA与x轴方向的夹角为θ，已知电子电量q=﹣=1×107m/s，O与A间距L=10cm、θ=30°．求匀强电场的场强大1.6×10﹣19C，电子质量m=9×10﹣31kg，初速度v小和方向．6.如图所示，在x＞0的空间中，存在沿x轴方向的匀强电场E；在x＜0的空间中，存在沿x轴负方向的匀强电场，开始运动，不计电子重力．求：场强大小也为E．一电子（﹣e，m）在x=d处的P点以沿y轴正方向的初速度v（1）电子的x方向分运动的周期．（2）电子运动的轨迹与y轴的各个交点中，任意两个交点的距离．江西高一高中物理月考试卷答案及解析一、选择题1.a、b、c三个α粒子由同一点垂直场强方向进入偏转电场，其轨迹如图所示，其中b恰好飞出电场，由此可以肯定（）①在b飞离电场的同时，a刚好打在负极板上；②b和c同时飞离电场；③进入电场时，c的速度最大，a的速度最小；④动能的增量相比，c的最小，a和b的一样大．A．①②③B．①②④C．②③④D．①③④【答案】D【解析】三个α粒子进入电场后加速度相同，竖直方向上做初速度为零的匀加速直线运动，由图看出，竖直方向偏转距离的关系，由位移公式y=分析三个α粒子运动时间关系．三个α粒子水平方向上做匀速直线运动，由水平位移分析初速度关系．由动能定理分析动能增量的关系．解：①②三个α粒子进入电场后加速度相同，由图看出，竖直方向a 、b 偏转距离相等，大于c 的偏转距离，由y=得知，a 、b 运动时间相等，大于c 的运动时间，即t a =t b ＞t c ，故在b 飞离电场的同时，a 刚好打在负极板上，而c 先飞出电场．故①正确，②错误．③三个α粒子水平方向上做匀速直线运动，则有x=v 0t ．由图看出，b 、c 水平位移相同，大于a 的水平位移，即x b =x c ＞x a ，而t a =t b ＞t c ，可见，初速度关系为：v c ＞v b ＞v a ，故③正确．④由动能定理得：△E k =qEy ，由图看出，a 和b 的偏转距离相等，大于c 的偏转距离，故ab 动能增量相等，大于c 的动能增量．故④正确．故选：D【点评】本题是带电粒子在匀强电场中做类平抛运动的典型题目，由运动的合成和分解规律对水平位移和竖直位移的关系进行分析．2.如图所示，平行板电容器经开关S 与电池连接，a 处有一电荷量非常小的点电荷，S 是闭合的，φa 表示a 点的电势，F 表示点电荷受到的电场力．现将电容器的B 板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（ ）A ．φa 变大，F 变大B ．φa 变大，F 变小C ．φa 不变，F 不变D ．φa 不变，F 变小【答案】B【解析】要求a 点的电势如何变化，首先要确定电势为0的位置即零电势点，由于电容与电源相连故两极板之间的电压不变，而两极板之间的距离增大，故两极板之间的电场强度减小，所以Aa 之间的电势差减小，所以aB 之间的电压增大．由于两极板之间的场强减小故试探电荷所受的电场力减小．解：由于开关S 闭合，且电容器两极板始终与电源的两极相连，故电容器两极板之间的电压U AB 保持不变．随B 极板下移两极板之间的距离增大，根据E=可知两极板之间的电场强度E 减小，由于U Aa =Eh Aa ，由于电场强度E 减小，故U Aa 减小，由于U AB =U Aa +U aB ，所以U aB 增大，由题图可知电源的负极接地，故B 极板接地，所以B 板的电势为0即ΦB =0，又U aB =Φa ﹣ΦB ，所以Φa =U aB 增大．而点电荷在a 点所受的电场力F=qE ，由于E 减小，所以电场力F 减小．故B 正确．故选：B ．【点评】本题难度较大，涉及知识面大，需要认真分析．方法是：先找不变量（U AB ），再找容易确定的物理量（E 和U Aa ），最后求出难以确定的量（确定U aB 不能用U aB =Eh aB ，因为E 和h aB 一个变大另一个变小）．3.真空中保持一定距离的两个点电荷，若其中一个点电荷增加了，但仍然保持它们之间的相互作用力不变，则另一点电荷的电量一定减少了（ ）A ．B ．C ．D ．【答案】B【解析】根据库仑定律的公式F=判断另一点电荷的电量变化． 解：因为一个点电荷增加了，则，根据库仑定律的公式F=知，若库仑力不变，则，即另一电荷减小了．故B 正确，A 、C 、D 错误．故选B ．【点评】解决本题的关键掌握库仑定律，能够灵活运用该公式解决问题．4.两相同带电小球，带有等量的同种电荷，用等长的绝缘细线悬挂于O 点，如图所示．平衡时，两小球相距r ，两小球的直径比r 小得多，若将两小球的电量同时各减少一半，当它们重新平衡时，两小球间的距离（ ）A ．大于B ．等于C ．小于D ．无法确定【答案】A【解析】根据库仑定律的公式F=知，电量减小，则库仑力减小，两球相互靠近，通过假设两球距离等于，判断两球之间距离会如何变化．解：电量减小，根据库仑定律知，库仑力减小，两球间的距离减小．假设两球距离等于，则库仑力与开始一样大，重力不变，则绳子的拉力方向应与原来的方向相同，所以两球距离要变大些．则两球的距离大于．故A 正确，B 、C 、D 错误．故选A ．【点评】两球距离减小，通过假设法，根据受力情况可以判断出两球的距离是大于还是小于．5.某静电场沿x 方向的电势分布如图所示，则（ ）A ．在0﹣x 1之间存在着沿x 方向的非匀强电场B ．在0﹣x 1之间存在着沿x 方向的匀强电场C ．在x 1﹣x 2之间存在着沿x 方向的匀强电场D ．在x 1﹣x 2之间存在着沿x 方向的非匀强电场【答案】C【解析】沿着场强方向电势减小，垂直场强方向电势不变，根据题中图象得到电势变化规律，再判断电场强度的情况．解：A 、B 、C 、沿着场强方向电势减小，垂直场强方向电势不变，从0到x 1电势不变，故0﹣x 1之间电场强度在x 方向分量为零，即不存在沿x 方向的电场，故AB 错误；D 、在x 1﹣x 2之间，电势随着位移均匀减小，故电场强度在x 方向大小分量不变，即存在着沿x 方向的匀强电场，故C 正确，D 错误；故选：C ．【点评】本题关键是要明确沿电场方向电势减小，垂直场强方向，电势不变；匀强电场中，沿电场线方向电势降低最快，沿着任意方向（垂直电场线除外）电势随位移均匀变化．6.一个点电荷，从静电场中的a 点移至b 点，其电势能的变化为零，则（ ）A ．a 、b 两点的场强一定相等B ．该电荷一定沿等势面移动C ．作用于该点电荷的电场力与其移动方向总是垂直的D ．a 、b 两点的电势相等【答案】D【解析】从静电场中a 点移到b 点，其电势能的变化为零，电场力做功为零．但电荷不一定沿等势面移动．a ，b 两点的电势一定相等．解：A 、根据公式W ab =qU ab 分析可知，电场力做功W ab =0，a 、b 两点的电势差U ab 为零．而电势与场强无关，所以a 、b 两点的电场强度不一定相等．故A 错误．B 、电场力做功只与初末位置有关，与路径无关．电场力做功为零，电荷可能沿等势面移动，也可能不沿等势面移动．故B 错误．C 、电场力做功为零，作用于该点电荷的电场力与其移动的方向不一定总是垂直的．故C 错误．D 、由公式W ab =qU ab ，W ab =0，得U ab =0，即a 、b 电势一定相等．故D 正确．故选：D ．【点评】本题抓住电场力做功只与电荷初末位置有关，与路径无关是关键，与重力做功的特点相似．7.Q 1、Q 2为两个带电质点，带正电的检验电荷q 沿中垂线上移动时，q 在各点所受Q 1、Q 2作用力的合力大小和方向如图细线所示（力的方向都是向左侧），由此可以判断 （ ）A ．Q 2可能是负电荷B ．Q 1、Q 2可能为等量异种电荷C ．Q 2电量一定大于Q 1的电量D ．中垂线上的各点电势相等【答案】C【解析】电场强度是矢量，根据平行四边形法则和带正电的检验电荷q 沿中垂线上移动时，q 在各点所受Q 1、Q 2作用力的合力大小和方向判断问题．根据电场力做功判断电势的变化．解：A 、因为q 带正电，电场力的方向向左侧，所以可以判断Q 1带负电，Q 2带正电，故A 错误．B 、如果Q 1、Q 2为等量异种电荷，根据矢量合成法则q 在各点所受Q 1、Q 2作用力的合力方向应该都是水平方向，这与实际情况矛盾，故B 错误．C 、由图可得，Q 2电量大于Q 1的电量．故C 正确．D 、检验电荷q 沿中垂线上移动时，由于电场力方向是变化的，从图中可以看出电场力做功，所以q 沿中垂线上移动时电势能变化，所以中垂线上的各点电势不相等，故D 错误．故选C ．【点评】在解答本题的时候一定要注意的是两个电荷的电荷量并不相同，在它们的中垂线上，各个点的电势并不相同，要根据电场的分布来判断电场强度大小和电势的高度．8.如图所示，电路中A 、B 为两块竖直放置的金属板，C 是一只静电计，开关S 合上后，静电计指针张开一个角度，下述做法可使静电计指针张角增大的是（ ）A ．使A 、B 两板靠近一些B ．使A 、B 两板正对面积减小一些C ．断开S 后，使B 板向右平移一些D ．断开S 后，使A 、B 正对面积增大一些【答案】C【解析】开关S 闭合，电容器两端的电势差不变；断开S ，电容器所带的电量不变；通过确定电容器两端间的电势差变化判断指针张角的变化．解：A 、B 、开关S 闭合，电容器两端的电势差不变，等于电源的电动势，则指针的张角总不变．故A 、B 均错误．C 、断开S ，电容器所带的电量不变，B 板向右平移拉开些，则电容减小，根据U=知，电势差增大，则指针张角增大．故C 正确．D 、断开S ，电容器所带的电量不变，A 、B 的正对面积增大一些，电容增大，根据U=知，电势差减小，则指针张角减小．故D 错误．故选：C ．【点评】本题是电容器的动态分析，关键抓住不变量，开关S 闭合，电容器两端的电势差不变；断开S ，电容器所带的电量不变．9.如图为一匀强电场，某带电粒子从A 点运动到B 点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0J ，电场力做的功为1.5J．则下列说法正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在A点的电势能比在B点少1.5JC．粒子在A点的动能比在B点多0.5JD．粒子在A点的机械能比在B点少1.5J【答案】CD【解析】在由A运动B的过程中，有两个力做功，一是重力做负功，一是电场力做正功．从运动轨迹上判断，粒子带正电．从A到B的过程中，电场力做正功为1.5J，所以电势能是减少的，A点的电势能要大于B点电势能．从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可求出动能的变化情况．从A到B的过程中，做功的力有重力和电场力，应用能量的转化与守恒可比较AB两点的机械能．解：A、由运动轨迹上来看，垂直电场方向射入的带电粒子向电场的方向偏转，说明带电粒子受到的电场力与电场方向相同，所以带电粒子应带正电．选项A错误．B、从A到B的过程中，电场力做正功，电势能在减少，所以在A点是的电势能要大于在B点时的电势能．选项B错误．C、从A到B的过程中，克服重力做功2.0J，电场力做功1.5J，由动能定理可知，粒子在A点的动能比在B点多0.5J，选项C正确．D、从A到B的过程中，除了重力做功以外，还有电场力做功，电场力做正功，电势能转化为机械能，带电粒子的机械能增加，由能的转化与守恒可知，机械能的增加量等于电场力做功的多少，所以机械能增加了1.5J，选项D 正确．故选：CD．【点评】对于本题，大家要明确以下几点：1、电场力对电荷做正功时，电荷的电势能减少，电荷克服电场力做功，电荷的电势能增加，电势能变化的数值等于电场力做功的数值．这常是判断电荷电势能如何变化的依据．2、电势能是电荷与所在的电场所共有的，且具有相对性，通常取无穷远处或大地为电势能的零点．3、电荷在电场中移动时，电场力做的功与移动的路径无关，只取决于起止位置的电势差和电荷的电量，这一点与重力做功和高度差的关系相似．10.一带电量为q的检验电荷在电场中某点受到的电场力大小为F，该点场强大小为E，则下面能正确反映这三者关系的是（）A．B．C．D．【答案】BC【解析】电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量无关，由场源电荷决定．解：A、因为电场中的电场强度与放入电场中检验电荷的电量q无关，由场源电荷决定．所以电场强度不随q、F 的变化而变化．故A错误，B正确，D错误．C、由E=知，某点的电场强度一定，F与q成正比．故C正确．故选：BC．【点评】解决本题的关键掌握电场强度的定义式E=．知道电场中的电场强度与放入电场中电荷的电量无关，由场源电荷决定．11.在方向水平向左，大小E=100V/m的匀强电场中，有相距d=2cm的a、b两点，现将一带电荷量q=3×10﹣10C 的检验电荷由a点移至b点，该电荷的电势能变化量可能是（）A．0B．6×10﹣11J C．6×10﹣10J D．6×10﹣8J【答案】ABC【解析】当电荷沿水平向左方向移动时，电场力做功最大，电势能变化量最大，当电荷沿竖直方向在等势面上移动时，电场力不做功，电势能变化量为零，即可得到电势能变化的范围，再进行选择．解：由于相距d=2cm的a、b两点在匀强电场的情况不详，所以应讨论；当两点沿着场强方向时，匀强电场方向水平向左，当电荷沿水平向左方向移动时，电场力做功最大，电势能变化量最大，最大值为△E pm =qEd=0.02×100×3×10﹣10J=6×10﹣10J ．当两点垂直场强方向时，电荷沿竖直方向在等势面上移动时，电场力不做功，电势能变化量为零，故电荷的电势能变化量的范围为0≤△E pm ≤6×10﹣10J ．所以ABC 正确，D 错误．故选：ABC ．【点评】本题关键要掌握匀强电场中电场力做功公式W=qEd ，明确d 的含义，求出电场力做功的范围，即电势能变化量的范围．12.如图所示，光滑绝缘、互相垂直的固定墙壁PO 、OQ 竖立在光滑水平绝缘地面上，地面上方有一平行地面的匀强电场E ，场强方向水平向左且垂直于墙壁PO ，质量相同且带同种正电荷的A 、B 两小球（可视为质点）放置在光滑水平绝缘地面上，当A 球在平行于墙壁PO 的水平推力F 作用下，A 、B 两小球均紧靠墙壁而处于静止状态，这时两球之间的距离为L ．若使小球A 在水平推力T 的作用下沿墙壁PO 向着O 点移动一小段距离后，小球A 与B 重新处于静止状态，则与原来比较（两小球所带电荷量保持不变）（ ）A ．A 球对B 球作用的静电力增大B ．A 球对B 球作用的静电力减小C ．墙壁PO 对A 球的弹力不变D ．两球之间的距离减小，力F 增大【答案】BC【解析】先以B 球为研究对象，分析受力情况，平衡条件分析A 球对B 球作用的静电力如何变化．再对A 球体进行研究，由平衡条件分析墙壁PO 对A 球的弹力如何变化和力F 的变化．解：A 、B 以B 球这研究对象，分析受力情况：重力G 、电场力qE 、地面的支持力N 1和A 球对B 球的静电力F 1．如图1．根据平衡条件得：水平方向有：qE=F 1cosα，①当小球A 沿墙壁PO 向着O 点移动一小段距离后，α减小，cosα增大，而q 、E 不变，则F 1减小，即A 球对B 球作用的静电力减小．故A 错误，B 正确．C 、D 以A 球为研究对象，分析受力情况：重力G 、电场力qE 、推力F 、B 对A 的静电力F 1和墙壁PO 对A 球的弹力N 2．如图2．根据平衡条件得：水平方向有：N 2=qE+F 1cosα ②竖直方向有：F+G=F 1sinα ③将①代入②得：N 2=2qE ，则知墙壁PO 对A 球的弹力不变．由于F 1减小，α减小，sinα减小，则由③知，F 减小．根据库仑定律得知：A 球对B 球作用的静电力减小，则两球之间的距离增大．故C 正确，D 错误．故选BC ．【点评】本题是动态平衡问题，采用隔离法进行研究，分析受力情况，作出力图是关键．二、计算题1.如图所示，两块竖直放置的平行金属板A 、B ，两板相距d ，两板间电压为U ，一质量为m 的带电小球从两板间的M 点开始以竖直向上的初速度v 0运动，当它到达电场中的N 点时速度变为水平方向，大小变为2v 0，求M 、N两点间的电势差和电场力对带电小球所做的功（不计带电小球对金属板上电荷均匀分布的影响，设重力加速度为g ）【答案】M 、N 间电势差为﹣，电场力做功为【解析】小球在电场中受到重力和电场力，运用运动的分解法研究：竖直方向做匀减速直线运动，根据运动学公式可求出MN 间的高度差，由位移公式分别研究水平和竖直两个方向，根据时间相等，求出水平位移的大小，由U=Ed 公式求解MN 间的电势差．根据动能定理求解电场力对小球做功．解：竖直方向上小球受到重力作用而作匀减速直线运动，则竖直位移大小为h=小球在水平方向上受到电场力作用而作匀加速直线运动，则水平位移：又联立得，x=2h=故M 、N 间的电势差为U MN =﹣Ex=﹣=﹣ 从M 运动到N 的过程，由动能定理得W 电+W G =﹣ 又所以联立解得，答：M 、N 间电势差为﹣，电场力做功为．【点评】本题抓住小球所受的电场力与重力分别在水平和竖直两个方向，运用运动的分解研究研究．2.一束电子流在经U=5000V 的加速电场加速后，在距两极板等距处垂直进入平行板间的电场，如图所示，若两极间距d=1.0cm ，板长l=5.0cm ，那么，要使电子能从平行板间飞出，两个极板上最多能加多大电压？【答案】两个极板上最多能加多大电压为4.0×102V【解析】粒子先加速再偏转，由题意可知当电子恰好飞出时，所加电场最大；由运动的合成与分解关系可得出电压值．解：在加速电压一定时，偏转电压U'越大，电子在极板间的偏转距离就越大，当偏转电压大到使电子刚好擦着极板的边缘飞出，此时的偏转电压，即为题目要求的最大电压．加速过程，由动能定理得：．①进入偏转电场，电子在平行于板面的方向上做匀速运动：l=υ0t ．②，③ 偏转距离：，④ 能飞出的条件为：．⑤ 解①②③④⑤式得：．答：两个极板上最多能加多大电压为4.0×102V ．【点评】本题考查带电粒子在电场中的偏转，在列式计算时应注意不要提前代入数值，应将公式简化后再计算，这样可以减少计算量．3.如图，平行板电容器为C ，电荷量Q 0，极板长为L ，极板间距离为d ，极板与水平面成α夹角，现有一质量为m 的带电液滴沿两极板的中线从P 点由静出发到达Q 点，P 、Q 两点都恰在电容器的边缘处，忽略边缘效应，求：（1）液滴的电荷量；（2）液滴到达Q点时的速度大小．【答案】（1）液滴的电荷量为；（2）液滴到达Q点时的速度大小为【解析】（1）带电液滴沿直线运动，重力和电场力的合力方向必沿PQ直线．根据力的合成法，求解液滴的电荷量．（2）根据动能定理求解液滴到达Q点时的速度大小．解：（1）带电液滴沿直线运动，重力和电场力的合力方向必沿PQ直线，可知电场力必定垂直于极板向上，如图．则有：qE=mgcosα又E==联立解得：液滴的电荷量为：q=；（2）在此过程中，电场力不做功，根据动能定理得：mgLsinα=解之得：液滴到达Q点时的速度大小为：v=答：（1）液滴的电荷量为；（2）液滴到达Q点时的速度大小为．【点评】本题关键要掌握物体做直线运动的条件：合外力与速度在同一条直线上，运用合成法求解电荷量．4.如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．【答案】（1）电子通过B点时的速度大小为；（2）右侧平行金属板的长度为；+）；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能为e（U【解析】（1）质子在加速电场中，电场力做正功eU，由动能定理求解质子射出加速电场的速度．（2）质子进入偏转电场后做类平抛运动，沿水平方向做匀速直线运动，位移大小等于板长L；竖直方向做匀加速直线运动，位移大小等于板间距离的一半，由牛顿第二定律求出加速度，由运动学公式求解板长L．（3）在偏转电场中，电场力对质子做为eU，根据动能定理，对全过程研究，求解质子穿出电场时的速度．解：（1）在加速过程根据动能定理得：=eU=解得到质子射出加速电场的速度v（2）粒子在竖直方向：y=，a=t在水平方向：x=L=v。
2019-2020学年江西省南昌市新建一中高三(上)第二次月考物理试卷
2019-2020学年江西省南昌市新建一中高三（上）第二次月考物理试卷一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分，第1-8为单选题，第9-12题为多选题）1．如图所示，有三个点电荷A、B、C位于一个等边三角形的三个顶点上，已知A、B都带正电荷，A所受B、C 两个电荷的静电力的合力如图中F A所示，则下列说法正确的是（）A．C带正电，且Q C＜Q B B．C带正电，且Q C＞Q BC．C带负电，且Q C＜Q B D．C带负电，且Q C＞Q B2．下述说法正确的是（）A．根据E＝，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E＝，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹3．如图所示。
用轻弹簧相连的物块A和B放在光滑的水平面上，物块A紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物体B并留在其中。
在下列依次进行的四个过程中，由子弹、弹簧和A、B物块组成的系统，动量守恒，机械能也守恒的是（）A．弹射入木块的过程B．B物块载着子弹一起向左运动的过程C．弹簧推载着子弹的B物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程D．弹簧恢复原长后，B物块因惯性继续向右运动，直到弹簧伸长最大的过程4．如图所示，质量为m的滑块从h高处的a点沿圆弧轨道ab滑入水平轨道bc，滑块与轨道的动摩擦因数相同．滑块在a、c两点时的速度大小均为v，ab弧长与bc长度相等．空气阻力不计，则滑块从a到c的运动过程中（）A．小球的动能始终保持不变B．小球在bc过程克服阻力做的功一定等于mghC．小球经b点时的速度大于D．小球经b点时的速度等于5．如图所示，小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m，原来静止在光滑的水平面上。
今有一个可以看作质点的小球，质量也为m，以水平速度v从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下。
关于这个过程，下列说法正确的是（）A．小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置B．小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是C．小球和小车作用前后，小车和小球的速度一定会发生变化D．车上曲面的竖直高度不会大于6．一匀强电场的方向平行于xOy平面，平面内a、b、c三点的位置如图所示，三点的电势分别为10V、17V、26V．下列说法不正确的是（）A．电场强度的大小为2.5V/cmB．坐标原点处的电势为1VC．电子在a点的电势能比在b点的低7eVD．电子从b点运动到c点，电场力做功为9eV7．向空中发射一物体，不计空气阻力．当此物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂成a、b两块，若质量较大的a块的速度方向仍沿原来的方向，则（）A．b的速度方向一定与原速度方向相反B．从炸裂到落地的这段时间里，a飞行的水平距离一定比b的大C．a一定比b先到达水平地面D．在炸裂过程中，a、b受到的爆炸力的冲量大小一定相等8．2019年1月3日嫦娥四号月球探测器成功软着陆在月球背面。
精校解析Word版--江西省南昌市第一中学高一上学期第二次月考物理试题
南昌一中高一年级上学期第二次月考物理试卷一、选择题。
（4分×10=40分）本大题共10小题，每小题4分，共40分．其中1-6题，在给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，7-10题有多个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．1.下面实例中不属于惯性表现的是（）A. 滑冰运动员停止用力后仍能在冰面上滑行一段距离B. 人在水平面上骑自行车，必须用力蹬自行车的脚踏板C. 汽车起动时，人向后倒D. 从枪口射出的子弹在空中运动【答案】B【解析】滑冰运动员停止用力后，由于惯性运动员不能立即停下来，所以仍能在冰上滑行一段距离，故A正确；人在水平路面上骑自行车，为维持匀速直线运动，必须用力蹬自行车的脚踏板，是因为要克服阻力，与惯性无关，故B错误；汽车起动时，身体由于惯性保持静止，人会向后倒，故C正确；从枪口射出的子弹，不再受到火药的推力，但是它具有惯性，因此能在空中运动，故D正确．本题选不属于惯性表现的，故选B．2.如图所示，当车厢向前加速前进时，物体M静止于竖直车厢壁上，当车厢加速度增加时，则 ( )①静摩擦力增加②车厢竖直壁对物体的弹力增加③物体M仍保持相对于车厢的静止状态④物体的加速度也增加A. ①②③B. ②③④C. ①②④D. ①③④【答案】B【解析】【分析】分析物块的受力情况，根据牛顿第二定律分析摩擦力、弹力与加速度的关系，再分析加速度增大时，各力如何变化．【详解】以物块为研究对象，分析受力情况如图：重力Mg，车厢的弹力N和静摩擦力f，根据牛顿第二定律得水平方向：N=Ma，竖直方向：f=Mg当加速度增大时，M受静摩擦力f不变，故①错误；当加速度增大时，N增大，根据牛顿第三定律得知，物块M对车厢壁的弹力增大.故②正确。
当加速度增大时，N增大，M所受的最大静摩擦力增大，物块不可能向下滑动.故③正确；由于物体相对于小车静止，故物体的加速度随小车的加速度而增大,故④正确；故选B.【点睛】本题属于知道加速度，研究物体受力情况的类型，分析受力情况是基础和关键；要注意物体在竖直方向能保持平衡，重力一直等于静摩擦力，但最大静摩擦力增大．3.如图所示，一木块在光滑水平面上受一恒力F作用而运动，前方固定一个弹簧，当木块接触弹簧后( )A. 将立即做变减速运动B. 将立即做匀减速运动C. 在一段时间内仍然做加速运动，速度继续增大D. 在弹簧处于最大压缩量时，物体的加速度为零【答案】BD【解析】牛顿运动定律综合专题．分析：物块与弹簧接触前，在推力的作用下做加速运动，与弹簧接触后，随着压缩量的增加，弹簧弹力不断变大，弹力小于推力时，物体继续加速，弹力等于推力时，物体的加速度减为零，速度达到最大，弹力大于推力后，物体减速．解：物体与弹簧接触后，物体受到弹力，但开始时弹力小于推力，物体继续加速，直到弹力等于推力为止，物体与弹簧接触后，物体受到弹力，但开始时弹力小于推力，物体继续加速，直到弹力等于推力为止，物体与弹簧接触后，物体受到弹力，但开始时弹力小于推力，物体继续加速，当弹力增加到等于推力时，物体速度达到最大，此后由于惯性，物体继续向左运动，弹力大于推力，物体开始减速，弹簧处于最大压缩量时，速度为零，弹力大于推力，故合力不为零，加速度也不为零。
新建县一中最新高一物理上学期第二次月考试题含解析
江西省南昌市新建县一中201９－2０20学年高一物理上学期第二次月考试题（含解析）说明:1. 书写整齐无大面积涂改且主观题基本完成的得5分2. 书写有涂改或主观题未完成的,根据情况扣(1—５）分一、选择题（共12小题;第1—８题为单选,其余为多选；每小题6分，共7２分）１.关于惯性的下列说法中正确的是（ ）A。
物体能够保持原有运动状态的性质叫惯性．B. 物体不受外力作用时才有惯性．C. 物体静止时有惯性，一开始运动，不再保持原有的运动状态，也就失去了惯性．Ｄ．物体静止时没有惯性，只有始终保持运动状态才有惯性.【答案】A【解析】物体能够保持原有运动状态的性质叫惯性,惯性是物体特有的性质,跟物体的运动状态无关，所以A正确,ＢCD错误思路分析:物体能够保持原有运动状态的性质叫惯性，惯性是物体特有的性质,跟物体的运动状态无关，试题点评：正确理解惯性，是做好本题的关键2。
图为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片,图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量。
下列说法正确的是()A。
甲处表示时间间隔,乙处表示平均速度Ｂ．甲处表示时间间隔,乙处表示瞬时速度C． 甲处表示时刻，乙处表示平均速度 D. 甲处表示时刻,乙处表示瞬时速度【答案】D【解析】【分析】考查时间与时刻，瞬时速度与平均速度.【详解】甲处８：5７表示时刻，乙处160km/h 表示瞬时速度，D 正确。
故选D 。
3.如图所示，重为G 的物体A 置于水平地面上，先后分别对A 施加如图所示竖直方向的力F 和F ′，物体A 始终保持静止,则关于以上两种情况下,地面对A 的弹力大小可能是（ ）A 。
12G ,12G ﻩB 。
32G ，32G Ｃ．32G ，12G ﻩD. 12Ｇ,32Ｇ【答案】C【解析】【分析】考查平衡状态的受力分析。
【详解】力F 竖直向下，由：NG F F +=可知N F G>力F ′竖直向上,由：N G F F '=+解得N F G F '=-可知N F G<C 符条件，Ｃ正确。
2019-2020年高一上学期第二次月考物理试卷 含答案
2019-2020年高一上学期第二次月考物理试卷含答案一单项选择题（每题2分、共44分）1、关于重力加速度，下列说法正确的是( )A．重力加速度表示自由下落的物体运动速度变化的快慢B．重力加速度表示自由下落的物体运动的快慢C．重力加速度表示自由下落的物体运动速度变化的大小D．轻重物体的重力加速度不同2、在t＝0的时刻，从地面附近的空中某点释放一小球，它自由下落，落地后反弹，且每次反弹都能到达最初的出发点，取竖直向上为正方向．设小球与地面的碰撞时间和小球在空中所受空气阻力都忽略不计，则小球的速度v随时间t变化的关系可表示为图中的哪个( )3、科技馆中有一个展品，如图所示，在较暗处有一个不断均匀滴水的龙头，在一种特殊的灯光照射下，可观察到一个个下落的水滴，缓缓调节水滴下落的时间间隔到适当的情况，可看到一种奇特的现象，水滴似乎不再往下落，而是固定在图中A、B、C、D四个位置不动一般，要出现这种现象，照明光源应该满足(g取10m/s2)( )A．普通光源即可 B．间歇发光，间隙时间为1.4sC．间歇发光，间隙时间为0.14s D．间歇发光，间隙时间为0.2s4、一辆汽车以10 m/s的速度沿平直的公路匀速前进，因故紧急刹车，加速度大小为0.2 m/s2，则刹车后汽车在1 min内通过的位移大小为( )A．240 m B．250 m C．260 m D．90 m5、一个学生在百米测验中，测得他在50m处的瞬时速度是6m/s，16s末到达终点时的瞬时速度是7.5m/s，则全程内的平均速度大小是（）A.6m/sB.6.25m/sC.6.75m/sD.7.5m/s6．某同学身高1.8m，在运动会上参加跳高比赛。
他采用背跃式跳高，起跳后身体横着恰能越过1.8m高度的横杆，据此可估算出他起跳时竖直向上的速度最接近（）A.1m/sB.2m/sC.4m/sD.10m/s7、一个物体从静止开始做匀加速直线运动．它在第1 s内与第2 s内的位移之比为x1∶x2，在走完第1 m时与走完第2 m时的速度之比为v1∶v2.以下说法正确的是 ( )A．x1∶x2＝1∶3，v1∶v2＝1∶2 B．x1∶x2＝1∶3，v1∶v2＝1∶ 2C．x1∶x2＝1∶4，v1∶v2＝1∶2 D．x1∶x2＝1∶4，v1∶v2＝1∶ 28、图是某质点运动的速度图象，由图象得到的正确结果是 ( )A．0～1 s内的平均速度是2 m/sB．0～2 s内的位移大小是2 mC．0～1 s内的加速度大于2～4 s内的加速度D．0～1 s内的运动方向与2～4 s内的运动方向相反9、有一串佛珠，穿在一根长1.8 m的细线上，细线的首尾各固定一个佛珠，中间还有5个佛珠．从最下面的佛珠算起，相邻两个佛珠的距离为5cm、15 cm、25 cm、35 cm、45 cm、55 cm，如图所示．某人向上提起线的上端，让线自由垂下，且第一个佛珠紧靠水平桌面．松手后开始计时，若不计空气阻力，g取10 m/s2，则第2、3、4、5、6、7个佛珠 ( )A．落到桌面上的时间间隔越来越大B．落到桌面上的时间间隔越来越小C．依次落到桌面上的速率关系为1∶2∶3∶2∶5∶ 6D．其中的第4个佛珠落到桌面上的速率为3m/s10、一物体作匀加速直线运动，通过一段位移所用的时间为，紧接着通过下一段位移所用时间为。
江西省南昌市新建县第一中学2020届高三物理上学期第二次月考试题
江西省南昌市新建县第一中学2020届高三物理上学期第二次月考试题总分值：100分 时间：100分钟温馨提示：此次考试卷面分为5分说明：1. 书写整齐无大面积涂改且主观题基本完成的得5分2. 书写有涂改或主观题未完成的，根据情况扣（1—5） 分 一、选择题：（本题共12小题，每小题4分，共48分，第1—8为单选题，第9—12题为多选题）1. 如图所示，有三个点电荷A 、B 、C 位于一个等边三角形的三个顶点上，已知A 、B 都带正电荷，A 所受B 、C 两个电荷的静电力的合力如图中F A 所示，则下列说法正确的是（ ）A. C 带负电，且Q C ＜Q BB. C 带正电，且Q C ＞Q BC. C 带负电，且Q C ＞Q BD. C 带正电，且Q C ＜Q B 2. 关于电场下列说法正确的是( )A. 根据E ＝F /q ，可知电场中某点的场强与电场力成正比B. 根据E ＝kQ /r 2，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q 成正比 C. 根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强 D. 电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹3. 如图所示. 用轻弹簧相连的物块A 和B 放在光滑的水平面上，物块A 紧靠竖直墙壁，一颗子弹沿水平方向射入物体B 并留在其中. 在下列依次进行的四个过程中，由子弹、弹簧和A 、B 物块组成的系统，动量守恒，机械能也守恒的是：( ) A. 弹射入木块的过程B. B 物块载着子弹一起向左运动的过程C. 弹簧推载着子弹的B 物块向右运动，直到弹簧恢复原长的过程D. 弹簧恢复原长后，B 物块因惯性继续向右运动，直到弹簧伸长最大的过程4. 如图所示，质量为m 的滑块从h 高处的a 点沿圆弧轨道ab 滑入水平轨道bc ，滑块与轨道的动摩擦因数保持不变. 滑块在a ，c 两点时的速度大小均为v ，ab 弧长与bc 长度相等. 空气阻力不计，则滑块从a 到c 的运动过程中（ ） A. 小球的动能始终保持不变B. 小球在bc 过程克服阻力做的功一定等于mgh /2C. 小球经b 点时的速度大于D. 小球经b 点时的速度等于5. 如图所示，小车的上面是中突的两个对称的曲面组成，整个小车的质量为m ，原来静止在光滑的水平面上. 今有一个可以看作质点的小球，质量也为m ，以水平速度v 从左端滑上小车，恰好到达小车的最高点后，又从另一个曲面滑下. 关于这个过程，下列说法正确的是（ ）A. 小球滑离小车时，小车又回到了原来的位置B. 小球在滑上曲面的过程中，对小车压力的冲量大小是mv2C. 小球和小车作用前后，小车和小球的速度一定会发生变化D. 车上曲面的竖直高度不会大于v24g6. 一匀强电场的方向平行于xOy 平面，平面内a 、b 、c 三点的位置如图所示，三点的电势分别为10 V 、17 V 、26 V. 下列说法不正确的是( ) A. 电场强度的大小为2. 5 V/cm B. 坐标原点处的电势为1 VC. 电子在a 点的电势能比在b 点的低7 eVD. 电子从b 点运动到c 点，电场力做功为9 eV7. 向空中发射一物体，不计空气阻力，当物体的速度恰好沿水平方向时，物体炸裂为a 、b 两块. 若质量较大的a 块的速度方向仍沿原来的方向，则( ) A. b 的速度方向一定与原速度方向相反B. 从炸裂到落地这段时间里，a 飞行的水平距离一定比b 的大C. 质量较小的b 一定先到达地面D. 炸裂的过程中，a 、b 受到的爆炸力的冲量大小一定相等 8. 2019年1月3日嫦娥四号月球探测器成功软着陆在月球背面。
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江西省南昌市新建县第一中学2019-2020学年高一物理上学期第二
次月考试题
总分值：150分 考试时间：100分钟
温馨提示：此次考试卷面分为5分
说明：1. 书写整齐无大面积涂改且主观题基本完成的得5分
2. 书写有涂改或主观题未完成的，根据情况扣（1—5） 分
一、选择题（共12小题；第1—8题为单选，其余为多选；每小题6分，共72分） 1. 下列关于惯性的说法正确的是( )
A .物体能够保持原有运动状态的性质叫惯性
B .物体不受外力作用时才有惯性
C .物体静止时有惯性,一开始运动,不再保持原有的运动状态,也就失去了惯性
D .物体静止时没有惯性,只有始终保持运动状态时才有惯性
2. 下图为成都到重庆的和谐号动车车厢内可实时显示相关信息的显示屏的照片,图中甲、乙两处的数据分别表示了两个物理量。
下列说法正确的是( )
A.甲处表示时间间隔,乙处表示平均速度
B.甲处表示时间间隔,乙处表示瞬时
速度
C.甲处表示时刻,乙处表示平均速度
D.甲处表示时刻,乙处表示瞬时速度 3. 如图所示，重为G 的物体A 置于水平地面上，先后分别对A 施加如图所示竖直方向的力F 和F ′，物体A 始终保持静止，则关于以上两种情况下，地面对A 的弹力大小可能是( ) A.12G ，12G B.32G ，32G C.32G ，12G D.12G ，32
G 4. 如图所示，小娟、小明两人共提一桶水匀速前行。
已知两人手臂对桶的拉力大小相等且为F ，两人手臂间的夹角为θ，水和水桶总重量为G ，则下列说法中错误．．的是( ) A. 当θ＝0°时，F ＝G B. 当θ＝120°时，F ＝G
C. 当θ＝90°时，F ＝2
2
G
D. θ越大，F 越大 5. 汽车正在以10 m/s 的速度在平直的公路上匀速前进，在它的正前方x 处有一辆自行车以4 m/s 的速度做同方向的匀速直线运动，
汽车立即关闭油门做a ＝–6 m/s 2
的匀减速运动，若汽车恰好碰不上自行车，则x 的大小为
A. 8.33 m
B. 3 m
C. 3.33 m
D. 7 m
6. 一质点从某时刻开始做匀减速直线运动，经2.5s 速度减小到零，则该质点开始减速后的第1秒内和第2秒内通过的位移之比为（ ）
A. 2：1
B. 7：5
C. 3：1
D. 5：3 7. 如图所示，重为10 N 的物体以速度v 在粗糙的水平面上向左运动，物体与桌面间的动摩擦因数为0.1.现在给物体施加水平向右的拉力F ，其大小为20 N ，则物体受到的摩擦力
和加速度大小为(g 取10 m/s 2
)( )
A. 1 N,20 m/s 2
B. 0,21 m/s 2
C. 1 N,21 m/s 2
D. 1 N,19 m/s 2
8. 如图所示，一小球用轻绳悬于O 点，用力F 拉住小球，使悬线保持偏离竖直方向75°角，且小球始终处于平衡状态. 为了使F 有最小值，F 与竖直方向的夹角θ应该是( )
A. 90°
B. 45°
C. 15°
D. 0° 9. 如图所示，质量均为m 的A 、B 两球之间系着一根不计质量的弹簧，放在光滑的水平面上，A 球紧靠竖直墙壁，今用水平力F 将B 球向左推压弹簧，平衡后，突然将F 撤去，在这瞬间( )
A. B 球的速度为零，加速度为零
B. B 球的速度为零，加速度大小为F m
C. 在弹簧第一次恢复原长之后A 才离开墙壁
D. 在A 离开墙壁后，A 、B 两球均向右做匀速运动
10. 如图所示，用与竖直方向成θ角(θ＜45°)的倾斜轻绳a 和水平轻绳b 共同固定一个
小球，这时绳b 的拉力为T 1，现保持小球在原位置不动，使绳b 在原竖直平面内逆时转过θ角固定，绳b 的拉力变为T 2；再转过θ角固定，绳b 的拉力为T 3，则( )
A. T 1＝T 3＞T 2
B. T 1＜T 2＜T 3
C. T 1＝T 3＜T 2
D. 绳a 的拉力减小
11. 下列给出的四组图象中，能够反映同一直线运动的是( )
12. 如图所示，轻质不可伸长的晾衣绳两端分别固定在竖直杆M 、N 上的a 、b 两点，悬挂衣
服的衣架挂钩是光滑的，挂于绳上处于静止状态. 如果只人为改变一个条件，当衣架静止时，下列说法正确的是( )
A. 绳的右端上移到b ′，绳子拉力不变
B. 将杆N向右移一些，绳子拉力变大
C. 绳的两端高度差越小，绳子拉力越小
D. 若换挂质量更大的衣服，则衣架悬挂点右移
二、实验题（共2小题；每空3分，共15分）
13.（6分）在“探究共点力合成的规律”实验中，先将橡皮筋的一端固定在水平木板上，另一端系上带有绳套的两根细绳；先后两次拉伸橡皮筋，第一次用两个弹簧测力计通过两
细绳互成角度地拉橡皮条，第二次用一个弹簧测力计通过细绳拉橡皮条.
（1）在实验中，下列做法正确的是 .
A. 弹簧测力计、细绳、橡皮筋都应贴近水平木板且与木板平行
B. 拉橡皮筋的细绳要适当长些，标记同一细绳方向的两点要适当远些
C. 用两个弹簧测力计通过两细绳互成角度地拉橡皮筋时，两拉力的夹角越大越好
D. 用两个弹簧测力计通过两细绳互成角度地拉橡皮筋时，两拉力的夹角越小越好（2）实验中，要求先后两次力的作用效果相同，指的是 .
A. 第一次两个弹簧测力计的示数F1和F2之和等于第二次弹簧测力计的示数
B. 第一次两个弹簧测力计的示数F1和F2之差等于第二次弹簧测力计的示数
C. 橡皮筋伸长到同一长度
D. 橡皮筋沿同一方向伸长到相同长度.
14.（9分）在“探究加速度与力、质量的关系”这一实验中：
（1）甲、乙两位同学根据实验数据画出的小车的加速度a与小车所受拉力F的图象分别为图(a)中的直线Ⅰ和直线Ⅱ，直线Ⅰ、Ⅱ在纵轴或横轴上的截距较大，明显超出了误差范围，下面给出了关于形成这两种情况原因的四种解释，其中可能正确的是________.
A. 实验前甲同学没有平衡摩擦力
B. 甲同学在平衡摩擦力时把长木板不带滑轮的末端抬得过高了
C. 实验前乙同学没有平衡摩擦力
D. 乙同学在平衡摩擦力时，把长木板的末端抬得过高了
（2）如图(b)给出了该次实验中从O点开始，每5个点取一个计数点的纸带(频率为50 Hz)，其中1，2，3，4，5都为计数点，其中x1＝1.41 cm，x2＝1.91 cm，x3＝2.39 cm，x4＝2.91 cm.由纸带数据计算可得计数点4所代表时刻的瞬时速度v4＝________m/s，小车的加速度a＝________m/s2.
三、计算题（共4小题；共58分）
15.（12分）质量为1 kg的物体静止在光滑水平面上，某时刻开始，用一水平向右的大小为2 N的力F1拉物体，则
（1）物体产生的加速度是多大？2 s后物体的速度是多少？
（2）若在2 s末给物体加上一个大小也是2 N水平向左的拉力F2，则物体的加速度是多少？
4 s末物质的速度是多少？
16.（14分）如图所示，放在长木板上的木块质量为m，当木板与水平方向夹角为α时，木块静止在长木板上.
（1）此时木块所受的弹力和摩擦力各多大？
（2）当把长木板的倾角增大到θ(θ>α)时，木块刚好沿长木板匀速下滑，木块和长木板之间的动摩擦因数为多少？
17.（16分）甲、乙两汽车沿同一平直公路同向匀速行驶，甲车在前，乙车在后，它们行驶的速度均为16 m/s.遇到情况后，甲车紧急刹车，乙车司机看到甲车刹车后也采取紧急刹车. 已知甲车紧急刹车时加速度a1＝3 m/s2，乙车紧急刹车时加速度a2＝4 m/s2，乙车司机的反应时间是0.5 s(乙车司机看到甲车刹车后0.5 s才开始刹车).
（1）甲车紧急刹车后，经过多长时间甲、乙两车的速度相等？
（2）为保证两车紧急刹车过程不相碰，甲、乙两车行驶过程至少应保持多大距离？
18.（16分）如图所示，质量为m＝0.8 kg的砝码悬挂在轻绳PA和PB的结点上并处于静止
状态，PA与竖直方向的夹角为37°，PB沿水平方向.质量为M＝10 kg的木块与PB相连，静止于倾角为37°的斜面上(取g＝10 m/s2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8).求：（1）轻绳PB拉力的大小；
（2）木块所受斜面的摩擦力和弹力大小.
高一物理试卷答案
总分值：150分考试时间：100分钟
一、选择题（共12小题；第1—8题为单选，其余为多选；每小题6分，共72分）
二、实验题（共2小题；每空3分，共15分）
13. （1）AB；（2）D
14. (1)BC
(2)0.265 0.495
三、计算题（共4小题；共58分）
15. (1)2 m/s2 4 m/s
(2)0 4 m/s
16. (1)mg cos αmg sin α
(2)tan θ
17. (1)2 s
(2)1.5 m
18. (1)6 N
(2)64.8 N 76.4 N。