云南省昆明市2016届高三物理上学期摸底调研测试试题
云南省2016届高三物理第一次模拟考试试题含解析
2016年云南省高考物理一模试卷一、选择题（此题共8小题，每题6分．1至4题，每题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，5至8题有多项符合题目要求．全数选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．如下图，质量均为m的A、B两球，由一根劲度系数为k的轻弹簧连接静止于半径为R 的滑腻半球形碗中，弹簧水平，两球间距为R且球半径远小于碗的半径．那么弹簧的原长为（）A． +R B． +R C． +R D． +R2．如图甲所示，静止于滑腻水平面上的小物块，在水平拉力F的作用下从坐标原点O开始沿x轴正方向运动，F随物块所在位置坐标x的转变关系如图乙所示，图线右半部份为四分之一圆弧，那么小物块运动到2x．处时的动能可表示为（）A．0 B．F m x0C． F m x0（1+π）D． F m x0（1+）3．如下图，在等边三角形ABC所在平面内有一匀强电场，将一带正电的点电荷从A点移到B点和从B点移到C点，电场力均做负功且数值相同，那么如下四个图中，电场强度E方向的标示正确的选项是（）A．B．C．D．4．如下图为超声波测速示用意．一固定的超声波测速仪每隔1s向小汽车发出一个超声波脉冲信号，己知第一个超声波t0=0时刻发出，碰到小汽车后返回，t l=时刻接收到反射波同时发出第二个超声波，t2=时刻接收到第二个反射波．假设超声波在空气中的传播速度为102m/s，小汽车在这段时刻的运动视为匀速运动，依照上述条件可知（）A．小汽车向超声波测速仪运动，速度为sB．小汽车向超声波测速仪运动，速度为sC．小汽车背离超声波测速仪运动，速度为sD．小汽车背离超声波测速仪运动，速度为s5．2016年，我国将择机发射“天宫二号”空间实验室，并发射“神州十一号”载人飞船和“天舟货运飞船”，一与“天宫二号”交会对接，假设“天宫二号”在离地面必然高度的圆轨道上绕地球运行，以下说法正确的选项是（）A．“天宫二号”的在轨围绕速度大于第一宇宙速度B．“天宫二号”的在轨围绕速度小于第一宇宙速度C．飞船从高轨道转移到低轨道第一要减速D．飞船从高轨道转移到低轨道第一要加速6．如下图的匀强磁场中，从O点沿OA方向垂直磁场发射两个比荷相同的带电粒子，一粒子经时刻t1抵达直线OC上的P点，其速度为v l；另一粒子经时刻t2抵达直线OC上的Q点，其速度为v2．不计粒子重力和粒子间的彼此作用，那么（）A．v l＞v2B．v l＜v2C．t1＜t2D．t1=t27．如下图为闻名物理学家费曼设计的一个实验装置：水平绝缘圆板可绕通过其中心的竖直滑腻轴自由转动，圆盘边缘固定着假设干金属小球，在圆盘的中部有一个导电线圈．在线圈接通电源的刹时发觉圆板发生了转动，那么以下说法正确的选项是（）A．圆板上的金属小球带电B．圆板上的金属小球不带电C．接通线圈电源的刹时在圆板上的金属小球所在处产生了电场D．接通线圈电源的刹时在圆板上的金属小球所在处只产生了磁场8．如下图，形状为半个正弦图线的金属导线两头与两金属小环a、b连接，两环套在滑腻长直金属杆上，导线电阻为R，其余电阻不计，a、b间距为L，导线顶部到杆的距离为d．在外力F作用下，导线沿杆以恒定的速度v向右运动，穿过宽度也为L的匀强磁场区域，运动进程中导线所在平面始终与磁场垂直，两环与金属杆维持良好接触．从导线进入磁场到全数离开磁场的进程中（）A．导线中电流的最大值为B．导线中电流的有效值为C．外力F做的功为D．外力F做的功为三、非选择题：包括必考题和选考题两部份．第8题一第12题为必考题，每一个试题考生都必需作答．第13题一第18题为选考题，考生依照要求作答．（一）必考题9．如下图，装有滴漏瓶的小车与钩码通过一轻绳相连，跨接在定滑轮双侧，释放钩码后，小车做直线运动，在桌面上留下一系列墨滴，滴漏瓶的滴口离桌面很近，墨滴在空中运动的时刻可忽略，滴出墨水的质量远小于小车质量．现测出滴漏瓶每分钟滴出120滴墨水，钩码重1N，ab=，bc=，cd=．那么小车在滴出b点墨滴时的瞬时速度大小为m/s，小车的加速度大小为m/s2，绳的拉力大小为N．（取g=10m/s2）10．要测量电压表V1的内阻R v1，其量程为2V，内阻约2KΩ．实验室提供的器材有：电流表A，量程，内阻约为Ω电压表V2，量程5V，内阻约为5Ω；定值电阻R1，阻值为30Ω定值电阻R2，阻值为3KΩ；滑动变阻器R3，最大阻值100Ω，额定电流；电源E，电动势6V，内阻约Ω；开关S一个，导线假设干．（1）某同窗假想按甲图所示电路进行测量，读出电压表V l和电流表A的示数后，用欧姆定律计算出R v1．该方案事实上不可行，最要紧的缘故是（2）另一同窗设计出如图乙所示的电路来测量电压表V l的内阻R v1．①图中R0应选．（选填“R1”或“R2”）②在图丙中完成实物连线．③接通电路后，调整滑动变阻器的滑动触头在适当的位置，电压表V1的读数为U l，电压表V2的读数为U2，定值电阻的阻值为R0，那么计算电压表V1的内阻R v1的表达式为R vl= ．11．如下图，绝缘平台AB距离水平地面CD的高度为h，整个空间存在水平向右的匀强电场，一质量为m、带正电量为q的小物块从P点由静止开始运动，PB之间的距离也为h．假设匀强电场的场强E=，物块与平台之间的动摩擦因数为μ=．求物块落到水平地面上时的速度大小和方向．12．一人骑自行车由静止开始上一长L=200m斜坡，斜坡坡度为（沿斜坡前进100m，高度上升5m），自行车达到最大速度前做加速度a=1m/s2的匀加速直线运动，达到最大速度后脚蹬踏板使大齿轮以n=转/秒的转速匀角速转动，自行车匀速运动一段时刻后，由于骑行者体能下降，自行车距离坡顶50m处开始做匀减速运动，已知最后50m的平均速度只有之前平均速度的84%．这人质量M=60kg，自行车质量m=15kg，大齿轮直径d1=15cm，小齿轮直径d2=6cm，车轮直径d3=60cm．运动进程中，自行车受到大小恒为f=20N的摩擦阻力作用．取g=10m/s2，求：（1）运动进程中自行车的最大速度v m和抵达坡顶时的速度v；（2）从坡底到坡顶，这人做功的平均功率．(二）选考题，请考生任选一模块作答【物理-选修3一3]13．以下说法中正确是（）A．物体体积增大时，其分子势能必然增大B．只要物体温度升高，其分子平均动能就必然变大C．空断气对湿度不变时．温度越高，相对湿度越小D．给自行车打气越打越困难，主若是因为气体分子间斥力愈来愈大E．液体表面层分子比内部份子稀疏，因此液体表面有收缩的趋势14．如下图，一细U型管两头开口，用两段水银柱封锁了一段空气柱在管的底部，初始状态时气体温度为280K，管的各部份尺寸如下图，图中封锁空气柱长度L1=20cm．其余部份长度别离为L2=15cm，L3=10cm，h l=4cm，h2=20cm；现使气体温度缓慢升高，取大气压强为P0=76cmHg，求：（a）气体温度升高到多少时右边水银柱开始全数进入竖直管；（b）气体温度升高到多少时右边水银柱与管口相平．13．以下说法中正确是（）A．物体体积增大时，其分子势能必然增大B．只要物体温度升高，其分子平均动能就必然变大C．空断气对湿度不变时．温度越高，相对湿度越小D．给自行车打气越打越困难，主若是因为气体分子间斥力愈来愈大E．液体表面层分子比内部份子稀疏，因此液体表面有收缩的趋势【考点】温度是分子平均动能的标志；*相对湿度；封锁气体压强．【分析】分子间距离增大，分子势能先减小后增大，要看分子间的距离从何位置增大．温度是分子间平均动能的量度．明确饱和汽及湿度的概念；明白气体分子间距较大，打气时需要克服的是气体之间的压强差．液体表面张力是因为液体表面分子散布稀疏，分子间有彼此的引力．【解答】解：A、分子间距离从很小慢慢增大的进程中，分子势能先减小后增大，要看分子间的距离从何位置增大，因此物体体积增大时，其分子势能不必然增大．故A错误．B、温度是分子间平均动能的量度，只要物体温度升高，其分子平均动能就必然变大．故B 正确．C、空气中水蒸气的实际压强与同温度水的饱和汽压之比叫做空气的相对湿度；空断气对湿度不变时．温度越高，饱和汽压越大，相对湿度越小．故C正确；D、气体间分子间距较大，现在分子间作使劲已经接近为零，故自行车打气越打越困难主若是因为胎内气体压强增大而非分子间彼此排斥的缘故，故D错误；E、因液体分子表面层分子散布比内部稀疏，故分子间作使劲表现为引力，液体表面有收缩趋势，故E正确．应选：BCE14．如下图，一细U型管两头开口，用两段水银柱封锁了一段空气柱在管的底部，初始状态时气体温度为280K，管的各部份尺寸如下图，图中封锁空气柱长度L1=20cm．其余部份长度别离为L2=15cm，L3=10cm，h l=4cm，h2=20cm；现使气体温度缓慢升高，取大气压强为P0=76cmHg，求：（a）气体温度升高到多少时右边水银柱开始全数进入竖直管；（b）气体温度升高到多少时右边水银柱与管口相平．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（a）由于U型管的双侧开口，依照液体产生的压强的特点可知，双侧的水银柱对液体要产生相等的压强，那么双侧的水银柱的高度始终是相等的，当右边的水银柱全数进入右边竖管时，左侧的水银柱的高度与右边是相等的．现在双侧水银柱的高度都是h1+L3，结合几何关系求出气柱的长度，由理想气体的状态方程即可求出；（b）水银柱全数进入右管后，产生的压强再也不增大，因此左侧的水银柱不动，气体做等压转变，由盖吕萨克定律即可求出．【解答】解：（a）设U型管的横截面积是S，以封锁气体为研究对象，其初状态：P1=P0+h1=76+4=80cmHg，V1=L1S=20S当右边的水银全数进入竖管时，水银柱的高度：h=h1+L3=4+10=14cm，现在右边竖管中的水银柱也是14cm．气体的状态参量：P2=P0+h=76+14=90cmHg，V2=L1S+2L3S=20S+2×10S=40S由理想气体的状态方程得：代入数据得：T2=630K（b）水银柱全数进入右管后，产生的压强再也不增大，因此左侧的水银柱不动，右边水银柱与管口相平常，气体的体积：V3=L1S+L3S+h2S=20S+10S+20S=50S由盖吕萨克定律：代入数据得：T3=答：（a）气体温度升高到630K时右边水银柱开始全数进入竖直管；（b）气体温度升高到时右边水银柱与管口相平．[物理-选修3一4】15．以下说法中正确是（）A．声波是横波B．机械波能够在真空中传播C．光的干与和衍射现象说明了光具有波动性D．质点做简谐运动，其速度增大，加速度必然减小E．当驱动力频率等于振动系统的固有频率时，振动系统的振幅最大【考点】光的干与；产生共振的条件及其应用．【分析】声波不能发生偏振现象，是纵波；机械波不能在真空中传播，而电磁波能够的；光子既有波动性又有粒子性，光电效应证明了光具有粒子性，光的衍射和干与都说明了光具有波动性．共振是物理学上的一个运用频率超级高的专业术语，是指一物理系统在特定频率下，比其他频率以更大的振幅做振动的情形．【解答】解：A、声波不能发生偏振现象，是纵波．故A错误；B、机械波的传播离不开介质，不能够在真空中传播，故B错误；C、干与和衍射是波的特有现象．故光的干与和衍射现象为光的波动说提供了有力的证据．故C正确；D、依照简谐振动的特点可知，质点做简谐运动，其速度增大时，加速度必然减小．故D正确；E、在振动系统中，当驱动力频率与系统自由振动的固有频率相等时，系统的振动幅度最大的现象；故发生共振的条件是：驱动力的频率等于振动系统的固有频率．故E正确．应选：CDE16．如下图，平底方形水池宽度L=，一人站在水池边，其眼睛E距离水面的高度为h1=，对面水池边沿正上方有一灯S1，S1距离水面的高度为h2=，池底边沿有一灯S2，人向水面看去，看到S1经水面反射成的像与S2的像重叠．已知水的折射率n=，求水池中水的深度．【考点】光的折射定律．【分析】先依照题意作出光路图．再依照几何关系和折射定律求出入射角和折射角，即可由几何知识求出水的深度．【解答】解：光路图如下图．据几何关系可得：+=L====解得=4msinα===依照折射定律得sinα=nsinβ那么得β=37°水池中水的深度 H==4×cot37°=m≈答：水池中水的深度是．【物理-选修3-5】17．以下说法正确的选项是（）A．原子核的结合能越大，该原子核越稳固B．原子核的核子数越多，该原子核的比结合能越大C．光电效应现象说明了光具有粒子性D．玻尔理论的局限性在于过量地保留了经典电磁理论E．爱因斯坦为说明光电效应现象．提出了光的光子说【考点】光电效应；光子；氢原子的能级公式和跃迁．【分析】原子核的比结合能越大，原子核结合得越牢固；爱因斯坦为说明光电效应现象．提出了光的光子说，光电效应现象说明光具有粒子性；玻尔理论的局限性在于过量保留了经典电磁理论．【解答】解：A、原子核的比结合能越大，原子核越稳固，故A错误．B、中等大小的原子核，比结合能最大，原子核结合得越牢固，故B错误．C、光电效应现象说明光具有粒子性，故C正确．D、玻尔理论的局限性在于过量地保留了经典电磁理论，故D正确．E、爱因斯坦为说明光电效应现象．提出了光的光子说，故E正确．应选：CDE．18．如下图，质量为M、长为L的木板放置于滑腻水平地面上，其右端固定一轻质弹簧．质量为m的物块从木板左端以速度v0滑入木板，物块将弹簧紧缩至最短后弹簧又将物块弹回，最终物块恰好回到木板左端，与木板维持相对静止一起运动．不计物块尺寸和弹簧长度，求运动进程中弹簧的最大弹性势能及物块与木板之间的动摩擦因数．【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】物块在木板上滑行进程，物块、木板和弹簧组成的系统动量守恒，系统的能量也守恒．当弹簧的紧缩量最大时，物块与木板的速度相同，现在弹簧的弹性势能最大．对物块相对木板向右运动的进程和整个进程，别离由动量守恒定律和能量守恒定律列式，即可求解．【解答】解：当弹簧的紧缩量最大时，物块与木板的速度相同，现在弹簧的弹性势能最大．设物块与木板的一起速度为v．取向右为正方向，依照动量守恒定律得mv0=（M+m）v从物块滑上木板到弹簧紧缩量最大的进程，由能量守恒定律得=μmgL++E pm；当物块恰好回到木板左端，与木板维持相对静止，速度相同，一起速度也为v．对整个进程，由能量守恒定律得：=μmg•2L+；联立解得：弹簧的最大弹性势能 E pm=物块与木板之间的动摩擦因数μ=答：运动进程中弹簧的最大弹性势能是，物块与木板之间的动摩擦因数是．。
云南省高三第一次模拟考试物理试题
2016年云南省高考物理一模试卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分．1至4题，每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求，5至8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．如图所示，质量均为m 的A 、B 两球，由一根劲度系数为k 的轻弹簧连接静止于半径为R 的光滑半球形碗中，弹簧水平，两球间距为R 且球半径远小于碗的半径．则弹簧的原长为（ ）A ． +RB ． +RC ． +RD ． +R2．如图甲所示，静止于光滑水平面上的小物块，在水平拉力F 的作用下从坐标原点O 开始沿x 轴正方向运动，F 随物块所在位置坐标x 的变化关系如图乙所示，图线右半部分为四分之一圆弧，则小物块运动到2x ．处时的动能可表示为（ ）A ．0B ．F m x 0C ． F m x 0（1+π）D ． F m x 0（1+）3．如图所示，在等边三角形ABC 所在平面内有一匀强电场，将一带正电的点电荷从A 点移到B 点和从B 点移到C 点，电场力均做负功且数值相同，则如下四个图中，电场强度E 方向的标示正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．4．如图所示为超声波测速示意图．一固定的超声波测速仪每隔1s 向小汽车发出一个超声波脉冲信号，己知第一个超声波t 0=0时刻发出，遇到小汽车后返回，t l =l.0s 时刻接收到反射波同时发出第二个超声波，t2=1.9s时刻接收到第二个反射波．若超声波在空气中的传播速度为3.4x 102m/s，小汽车在这段时间的运动视为匀速运动，根据上述条件可知（）A．小汽车向超声波测速仪运动，速度为17.9m/sB．小汽车向超声波测速仪运动，速度为17.0m/sC．小汽车背离超声波测速仪运动，速度为17.9m/sD．小汽车背离超声波测速仪运动，速度为17.0m/s5．2016年，我国将择机发射“天宫二号”空间实验室，并发射“神州十一号”载人飞船和“天舟货运飞船”，一与“天宫二号”交会对接，若“天宫二号”在离地面一定高度的圆轨道上绕地球运行，下列说法正确的是（）A．“天宫二号”的在轨环绕速度大于第一宇宙速度B．“天宫二号”的在轨环绕速度小于第一宇宙速度C．飞船从高轨道转移到低轨道首先要减速D．飞船从高轨道转移到低轨道首先要加速6．如图所示的匀强磁场中，从O点沿OA方向垂直磁场发射两个比荷相同的带电粒子，一粒子经时间t1到达直线OC上的P点，其速率为v l；另一粒子经时间t2到达直线OC上的Q点，其速率为v2．不计粒子重力和粒子间的相互作用，则（）A．v l＞v2B．v l＜v2C．t1＜t2D．t1=t27．如图所示为著名物理学家费曼设计的一个实验装置：水平绝缘圆板可绕通过其中心的竖直光滑轴自由转动，圆盘边缘固定着若干金属小球，在圆盘的中部有一个导电线圈．在线圈接通电源的瞬间发现圆板发生了转动，则下列说法正确的是（）A．圆板上的金属小球带电B．圆板上的金属小球不带电C．接通线圈电源的瞬间在圆板上的金属小球所在处产生了电场D．接通线圈电源的瞬间在圆板上的金属小球所在处只产生了磁场8．如图所示，形状为半个正弦图线的金属导线两端与两金属小环a、b连接，两环套在光滑长直金属杆上，导线电阻为R，其余电阻不计，a、b间距为L，导线顶部到杆的距离为d．在外力F作用下，导线沿杆以恒定的速度v向右运动，穿过宽度也为L的匀强磁场区域，运动过程中导线所在平面始终与磁场垂直，两环与金属杆保持良好接触．从导线进入磁场到全部离开磁场的过程中（）A．导线中电流的最大值为B．导线中电流的有效值为C．外力F做的功为D．外力F做的功为三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第8题一第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题一第18题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题9．如图所示，装有滴漏瓶的小车与钩码通过一轻绳相连，跨接在定滑轮两侧，释放钩码后，小车做直线运动，在桌面上留下一系列墨滴，滴漏瓶的滴口离桌面很近，墨滴在空中运动的时间可忽略，滴出墨水的质量远小于小车质量．现测出滴漏瓶每分钟滴出120滴墨水，钩码重1N，ab=0.12m，bc=0.22m，cd=0.32m．则小车在滴出b点墨滴时的瞬时速度大小为m/s，小车的加速度大小为m/s2，绳的拉力大小为N．（取g=10m/s2）10．要测量电压表V1的内阻R v1，其量程为2V，内阻约2KΩ．实验室提供的器材有：电流表A，量程0.6A，内阻约为0.1Ω电压表V2，量程5V，内阻约为5Ω；定值电阻R1，阻值为30Ω定值电阻R2，阻值为3KΩ；滑动变阻器R3，最大阻值100Ω，额定电流1.5A；电源E，电动势6V，内阻约0.5Ω；开关S一个，导线若干．（1）某同学设想按甲图所示电路进行测量，读出电压表V l和电流表A的示数后，用欧姆定律计算出R v1．该方案实际上不可行，最主要的原因是（2）另一同学设计出如图乙所示的电路来测量电压表V l的内阻R v1．①图中R0应选．（选填“R1”或“R2”）②在图丙中完成实物连线．③接通电路后，调整滑动变阻器的滑动触头在适当的位置，电压表V1的读数为U l，电压表V2的读数为U2，定值电阻的阻值为R0，则计算电压表V1的内阻R v1的表达式为R vl= ．11．如图所示，绝缘平台AB距离水平地面CD的高度为h，整个空间存在水平向右的匀强电场，一质量为m、带正电量为q的小物块从P点由静止开始运动，PB之间的距离也为h．若匀强电场的场强E=，物块与平台之间的动摩擦因数为μ=0.25．求物块落到水平地面上时的速度大小和方向．12．一人骑自行车由静止开始上一长L=200m斜坡，斜坡坡度为0.05（沿斜坡前进100m，高度上升5m），自行车达到最大速度前做加速度a=1m/s2的匀加速直线运动，达到最大速度后脚蹬踏板使大齿轮以n=转/秒的转速匀角速转动，自行车匀速运动一段时间后，由于骑行者体能下降，自行车距离坡顶50m处开始做匀减速运动，已知最后50m的平均速度只有之前平均速度的84%．此人质量M=60kg，自行车质量m=15kg，大齿轮直径d1=15cm，小齿轮直径d2=6cm，车轮直径d3=60cm．运动过程中，自行车受到大小恒为f=20N的摩擦阻力作用．取g=10m/s2，求：（1）运动过程中自行车的最大速度v m和到达坡顶时的速度v；（2）从坡底到坡顶，此人做功的平均功率．(二）选考题，请考生任选一模块作答【物理-选修3一3]13．下列说法中正确是（）A．物体体积增大时，其分子势能一定增大B．只要物体温度升高，其分子平均动能就一定变大C．空气绝对湿度不变时．温度越高，相对湿度越小D．给自行车打气越打越困难，主要是因为气体分子间斥力越来越大E．液体表面层分子比内部分子稀疏，因此液体表面有收缩的趋势14．如图所示，一细U型管两端开口，用两段水银柱封闭了一段空气柱在管的底部，初始状态时气体温度为280K，管的各部分尺寸如图所示，图中封闭空气柱长度L1=20cm．其余部分长度分别为L2=15cm，L3=10cm，h l=4cm，h2=20cm；现使气体温度缓慢升高，取大气压强为P0=76cmHg，求：（a）气体温度升高到多少时右侧水银柱开始全部进入竖直管；（b）气体温度升高到多少时右侧水银柱与管口相平．13．下列说法中正确是（）A．物体体积增大时，其分子势能一定增大B．只要物体温度升高，其分子平均动能就一定变大C．空气绝对湿度不变时．温度越高，相对湿度越小D．给自行车打气越打越困难，主要是因为气体分子间斥力越来越大E．液体表面层分子比内部分子稀疏，因此液体表面有收缩的趋势【考点】温度是分子平均动能的标志；*相对湿度；封闭气体压强．【分析】分子间距离增大，分子势能先减小后增大，要看分子间的距离从何位置增大．温度是分子间平均动能的量度．明确饱和汽及湿度的定义；知道气体分子间距较大，打气时需要克服的是气体之间的压强差．液体表面张力是因为液体表面分子分布稀疏，分子间有相互的引力．【解答】解：A、分子间距离从很小逐渐增大的过程中，分子势能先减小后增大，要看分子间的距离从何位置增大，所以物体体积增大时，其分子势能不一定增大．故A错误．B、温度是分子间平均动能的量度，只要物体温度升高，其分子平均动能就一定变大．故B正确．C、空气中水蒸气的实际压强与同温度水的饱和汽压之比叫做空气的相对湿度；空气绝对湿度不变时．温度越高，饱和汽压越大，相对湿度越小．故C正确；D、气体间分子间距较大，此时分子间作用力已经接近为零，故自行车打气越打越困难主要是因为胎内气体压强增大而非分子间相互排斥的原因，故D错误；E、因液体分子表面层分子分布比内部稀疏，故分子间作用力表现为引力，液体表面有收缩趋势，故E正确．故选：BCE14．如图所示，一细U型管两端开口，用两段水银柱封闭了一段空气柱在管的底部，初始状态时气体温度为280K，管的各部分尺寸如图所示，图中封闭空气柱长度L1=20cm．其余部分长度分别为L2=15cm，L3=10cm，h l=4cm，h2=20cm；现使气体温度缓慢升高，取大气压强为P0=76cmHg，求：（a）气体温度升高到多少时右侧水银柱开始全部进入竖直管；（b）气体温度升高到多少时右侧水银柱与管口相平．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（a）由于U型管的两侧开口，根据液体产生的压强的特点可知，两侧的水银柱对液体要产生相等的压强，则两侧的水银柱的高度始终是相等的，当右侧的水银柱全部进入右侧竖管时，左侧的水银柱的高度与右侧是相等的．此时两侧水银柱的高度都是h1+L3，结合几何关系求出气柱的长度，由理想气体的状态方程即可求出；（b）水银柱全部进入右管后，产生的压强不再增大，所以左侧的水银柱不动，气体做等压变化，由盖吕萨克定律即可求出．【解答】解：（a）设U型管的横截面积是S，以封闭气体为研究对象，其初状态：P1=P0+h1=76+4=80cmHg，V1=L1S=20S当右侧的水银全部进入竖管时，水银柱的高度：h=h1+L3=4+10=14cm，此时右侧竖管中的水银柱也是14cm．气体的状态参量：P2=P0+h=76+14=90cmHg，V2=L1S+2L3S=20S+2×10S=40S由理想气体的状态方程得：代入数据得：T2=630K（b）水银柱全部进入右管后，产生的压强不再增大，所以左侧的水银柱不动，右侧水银柱与管口相平时，气体的体积：V3=L1S+L3S+h2S=20S+10S+20S=50S由盖吕萨克定律：代入数据得：T3=787.5K答：（a）气体温度升高到630K时右侧水银柱开始全部进入竖直管；（b）气体温度升高到787.5K时右侧水银柱与管口相平．[物理-选修3一4】15．下列说法中正确是（）A．声波是横波B．机械波可以在真空中传播C．光的干涉和衍射现象表明了光具有波动性D．质点做简谐运动，其速度增大，加速度一定减小E．当驱动力频率等于振动系统的固有频率时，振动系统的振幅最大【考点】光的干涉；产生共振的条件及其应用．【分析】声波不能发生偏振现象，是纵波；机械波不能在真空中传播，而电磁波可以的；光子既有波动性又有粒子性，光电效应证明了光具有粒子性，光的衍射和干涉都说明了光具有波动性．共振是物理学上的一个运用频率非常高的专业术语，是指一物理系统在特定频率下，比其他频率以更大的振幅做振动的情形．【解答】解：A、声波不能发生偏振现象，是纵波．故A错误；B、机械波的传播离不开介质，不可以在真空中传播，故B错误；C、干涉和衍射是波的特有现象．故光的干涉和衍射现象为光的波动说提供了有力的证据．故C正确；D、根据简谐振动的特点可知，质点做简谐运动，其速度增大时，加速度一定减小．故D正确；E、在振动系统中，当驱动力频率与系统自由振动的固有频率相等时，系统的振动幅度最大的现象；故发生共振的条件是：驱动力的频率等于振动系统的固有频率．故E正确．故选：CDE16．如图所示，平底方形水池宽度L=6.4m，一人站在水池边，其眼睛E距离水面的高度为h1=1.8m，对面水池边沿正上方有一灯S1，S1距离水面的高度为h2=3.0m，池底边沿有一灯S2，人向水面看去，看到S1经水面反射成的像与S2的像重叠．已知水的折射率n=，求水池中水的深度．【考点】光的折射定律．【分析】先根据题意作出光路图．再根据几何关系和折射定律求出入射角和折射角，即可由几何知识求出水的深度．【解答】解：光路图如图所示．据几何关系可得：+=L=6.4m===解得=4msinα===根据折射定律得 sinα=nsinβ则得β=37°水池中水的深度 H==4×cot37°=m≈5.3m答：水池中水的深度是5.3m．【物理-选修3-5】17．下列说法正确的是（）A．原子核的结合能越大，该原子核越稳定B．原子核的核子数越多，该原子核的比结合能越大C．光电效应现象说明了光具有粒子性D．玻尔理论的局限性在于过多地保留了经典电磁理论E．爱因斯坦为解释光电效应现象．提出了光的光子说【考点】光电效应；光子；氢原子的能级公式和跃迁．【分析】原子核的比结合能越大，原子核结合得越牢固；爱因斯坦为解释光电效应现象．提出了光的光子说，光电效应现象说明光具有粒子性；玻尔理论的局限性在于过多保留了经典电磁理论．【解答】解：A、原子核的比结合能越大，原子核越稳定，故A错误．B、中等大小的原子核，比结合能最大，原子核结合得越牢固，故B错误．C、光电效应现象说明光具有粒子性，故C正确．D、玻尔理论的局限性在于过多地保留了经典电磁理论，故D正确．E、爱因斯坦为解释光电效应现象．提出了光的光子说，故E正确．故选：CDE．18．如图所示，质量为M、长为L的木板放置于光滑水平地面上，其右端固定一轻质弹簧．质量为m的物块从木板左端以速度v0滑入木板，物块将弹簧压缩至最短后弹簧又将物块弹回，最终物块恰好回到木板左端，与木板保持相对静止共同运动．不计物块尺寸和弹簧长度，求运动过程中弹簧的最大弹性势能及物块与木板之间的动摩擦因数．【考点】动量守恒定律；功能关系．【分析】物块在木板上滑行过程，物块、木板和弹簧组成的系统动量守恒，系统的能量也守恒．当弹簧的压缩量最大时，物块与木板的速度相同，此时弹簧的弹性势能最大．对物块相对木板向右运动的过程和整个过程，分别由动量守恒定律和能量守恒定律列式，即可求解．【解答】解：当弹簧的压缩量最大时，物块与木板的速度相同，此时弹簧的弹性势能最大．设物块与木板的共同速度为v．取向右为正方向，根据动量守恒定律得mv0=（M+m）v从物块滑上木板到弹簧压缩量最大的过程，由能量守恒定律得=μmgL++E pm；当物块恰好回到木板左端，与木板保持相对静止，速度相同，共同速度也为v．对整个过程，由能量守恒定律得：=μmg•2L+；联立解得：弹簧的最大弹性势能 E pm=物块与木板之间的动摩擦因数μ=答：运动过程中弹簧的最大弹性势能是，物块与木板之间的动摩擦因数是．2016年4月21日。
【物理】云南省昆明市2016届高考三模试卷(解析版)
2016年云南省昆明市高考物理三模试卷（解析版）一、选择题1．在匀强磁场中运动的电荷，如果除磁场对电荷的作用外，其它外力忽略不计，则关于该电荷的运动下列说法正确的是（）A．不可能做匀速直线运动B．可能做匀速直线运动C．可能做匀速曲线运动D．可能做加速度变化的曲线运动2．将一小球从距离水平地面高度为H处水平抛出，一段时间后小球落地．当小球重力做功的瞬时功率等于平抛的全过程中重力的平均功率时，小球距离地面的高度为（）A．H B．H C．D．3．如图所示，间距为l的两平行光滑金属导轨倾斜放置，匀强磁场垂直于导轨平面向上，将质量为m的导体棒放在导轨上，导体棒与导轨垂直且接触良好．当导体棒中通有从P到Q、大小为I的电流时，棒的加速度大小为a1；现将电流反向，其它条件不变，棒的加速度大小变为a2，若a1、a2均沿斜面向下，则该磁场的磁感应强度大小可表示为（）A．B．C．D．4．如图所示，宽均为a的区域Ⅰ、Ⅱ中存在着方向垂直于纸面的匀强磁场，两磁场的磁感应强度大小相等、方向相反．边长为a的正方形导线框ABCD位于纸面内，对角线AC 平行于磁场边界PQ．现让导线框向右匀速穿过两个磁场区域，若t=0时刻，D点在PQ边界上，规定导线框中磁感应电流沿逆时针方向为正，则下列给出的磁感应电流i与时间t的关系图象正确的是（）A．B．C．D．二、多选择题5．质量为m的物块静止在长为L、倾角为θ的斜面顶端，现对物块施加一平行斜面向下的拉力，使物块由静止开始向下做匀加速运动，测得其滑到斜面低端所用时间为t，由以上物理量可求出（）A．物块到达斜面底端时的动能B．物块与斜面之间的动摩擦因数C．下滑过程中拉力对物块所做的功D．物块下滑过程中机械能的变化量6．一半径为R、质量可视为均匀分布的球形行星的密度为ρ，自转周期为T0，若万有引力常量为G，则（）A．该行星表面重力加速度在两极的大小为GρRπB．该行星的卫星在星球表面附近做圆周运动的速率为2πRC．该行星的同步卫星的轨道半径为R（）D．该行星的同步卫星的运行速率为7．如图所示，A、B两点分别放有电荷量为﹣Q何﹣2Q的点电荷，C、D位于AB连线上，且AC=CD=DB，M、O位于A、B连线的中垂线上，则（）A．C点的电场强度为零B．M点的电势等于O点的电势C．M点的电势高于O点的电势D．将电子从C点沿直线移到D点的过程中，电子的电势能先减小后增大8．如图所示，质量为M的木板A静止在水平地面上，质量为m的物块B叠放在A上，A 与B之间的动摩擦因数为μ1，A与地面之间的动摩擦因数为μ2，若最大静摩擦力等于滑动摩擦力，现对B施加一水平恒力F，下列说法正确的是（）A．若μ2=0，A与B一定保持相对静止B．若μ1=μ2，A一定保持静止C．若F＞μ1mg，A与B之间一定会有相对滑动D．若A与B均向右运动且发生了相对滑动，则F一定满足F＞三、实验题9．为验证机械能守恒定律，某同学做了如下实验：将一小球用细绳悬挂于O点，在O点正下方安装与光电计时器相连的光电门．将小球拉至细线水平由静止释放，小球向下摆动后通过光电门，光电门记录下了小球通过光电门的时间△t，若测得小球的直径为d．（1）小球通过光电门时的速度大小可表示为v=；（2）要验证小球在向下摆动过程中机械能守恒，若测得悬点到小球球心的距离为L，重力加速度用g表示，需要验证的表达式是（用△t、d、L、g等物理量表示）；（3）请写出一条有利于减少本实验误差的措施：．10．某同学用灵敏电流计改装多用电表，如图所示为其设计的电路原理图，已知灵敏电流计G的满偏电流为I g=3.00mA，内阻R g=100Ω（以下问题中计算结果均保留3位有效数字）．（1）图中表笔A应为（填“红”或“黑”）表笔；（2）若开关S1闭合，S2接位置1时，该电表被改装成量程为0.30A的电流表，则电阻R1应为Ω；开关S1断开，S2接位置3时，该电表被改装成量程为3.00V的电压表，则电阻R3应为Ω；（3）若电源电动势为1.50V，当开关S1断开，S2接位置2时，将两表笔短接，调节电阻R2进行欧姆调零，之后在两表笔之间接一待测电阻，若电流表半偏，则该待测电阻为Ω；当开关S1闭合，S2接位置2时，将两表笔短接，调节电阻R2进行欧姆调零，之后再两表笔之间接一待测电阻，若表头示数为0.90mA，则该待测电阻为Ω．四、解答题11．如图甲所示，用大型货车运输规格相同的圆柱形水泥管道，货车可以装载两层管道，底层管道固定在车厢里，上层管道堆放在底层管道上，如图乙所示．已知水泥管道间的动摩擦因数μ=，货车紧急刹车时的加速度大小为8m/s2．每根钢管道的质量m=1500kg，重力加速度取g=10m/s2，求：（1）货车沿平直路面匀速行驶时，乙图中管A、B之间的弹力大小；（2）如果货车在水平路面上匀速行驶的速度为43.2km/h，要使货车在紧急刹车时上管道不撞上驾驶室，最初堆放时上层管道最前端应该离驾驶室的最小距离．12．如图所示，直角坐标系xOy第Ⅰ象限内存在沿y轴负方向的匀强电场．半径为L的圆形匀强磁场区域在第Ⅱ象限内与x、y轴相切与C、D两点，磁场的磁感应强度为B，方向垂直于xOy平面向外．电荷量为+q，质量为m的粒子a从C点垂直x轴射入磁场，经磁场偏转后恰好从D点进入电场，最后从M点射出电场，在M点时其速度与x轴成60°角．保持磁场方向不变、改变磁感应强度的大小，让另一质量、带电量与a均相同的粒子b也从C 点垂直x轴射入磁场，其射入磁场的速率为a射入磁场速率的倍，射出磁场后进入电场，已知粒子b在电场运动的过程中，离x轴最远时的速率与粒子a在磁场中运动的速率相同，不计粒子重力，求：（1）匀强电场的电场强度E大小；（2）粒子b在磁场中运动时磁场的磁感应强度B′及粒子b在磁场中运动的时间t′．【物理-选修3-3】13．以下说法正确的是（）A．玻璃管的裂口烧熔后会变钝是表面张力的作用引起的B．一种液体是否浸润某种固体，与这两种物质的性质都有关系C．一切自然过程总是沿着分子热运动的无序性减小的方向进行D．做油膜法估测分子直径的实验时，要先撒痱子粉再滴入酸酒精溶液E．只要知道某种物质的摩尔体积和分子体积，就可以计算出阿伏加德罗常数14．如图所示，上端开口的圆筒形导热气缸直立放置，质量不计的活塞将一定质量的理想气体密闭在气缸内，活塞可沿气缸无摩擦滑动，初始状态时气柱的高度为H．保持周围环境温度不变，将A、B两物体放在活塞上，A的质量是B质量的2倍，再次平衡时气柱的高度为0.5H，然后周围环境温度缓慢升高60℃时气柱的高度为0.6H；之后将A物体取走，继续使周围环境温度缓慢升高60℃后保持恒定，求：（1）气缸在初始状态时气体的温度；（2）气缸内气柱最终的高度．【物理-选修3-4】15．下列说法正确的是（）A．麦克斯韦预言并证实了电磁波的存在B．不同频率的电磁波在真空中的传播速度相同C．做简谐运动的物体，每次经过同一位置时的位移和加速度均相同D．单色光的单缝衍射图样为：平行、等宽、等间距的亮暗相同的条纹E．自然光射到两种介质的界面时，调整入射角的大小，可以使反射光和折射光都成为偏振光16．一公园的湖面上修建了一个伸向水面的观景平台，如图所示为其竖直截面图，水平湖底上的P点位于观景平台右侧边缘正下方，观景平台下表面距湖底的高度为H=4m，在距观景平台右侧边缘正前方d=4m处有垂直湖面足够大的宣传布幕．在P点左侧l=3m处湖底上的Q点安装有一单色光光源（可视为点光源）．已知水对该单色光的折射率n=，当水面与观景平台的下表面齐平时，只考虑在图中截面内传播的光，求：Ⅰ．该光源发出的光照射到布幕上的最高点距水面的高度h；Ⅱ．该光源发出的光能射出水面的最远位置距观景平台右侧的最远距离s．【物理-选修3-5】17．在下列叙述中，正确的是（）A．各种原子的发射光谱都是连续谱B．大量处在n=5能级的氢原子自发跃迁时将产生10中不同频率的光C．已知碳11的半衰期ξ=20min，则经过1h后剩余的碳11的质量为原来的D．利用γ射线照射食品可以杀死使食物腐败的细菌，抑制蔬菜发芽，延长保存期E．戴维孙和汤姆孙分别利用晶体做了电子束衍射的实验，从而证实了电子的波动性18．如图所示，轻弹簧的一段固定，另一端与一质量为M=1.99kg的物块相连，开始时弹簧处于原长，现有一质量为m=0.01kg的子弹以v0=600m/s的水平速度射向物块，并留在物块中一起向左运动，经过时间t=0.3s后停下，此时弹簧的压缩量x=20cm．已知物块与地面之间的动摩擦因数μ=0.5，重力加速度g取10m/s2，求：Ⅰ．弹簧被压缩到最短时具有的弹性势能；Ⅱ．在物块向左运动0.3s的过程中弹簧对物块的冲量．2016年云南省昆明市高考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】根据带电粒子在磁场中的受力规律进行分析，明确带电粒子平行磁场进入时不受洛伦兹力；当不与磁场平行时受到洛伦兹力的作用，根据力和运动的关系分析运动性质．【解答】解：A、若粒子平行磁感线进入磁场，则电荷不受洛伦兹力，做匀速直线运动；故A错误；B正确；C、若电荷不是平行于磁场进入的，则粒子受到洛伦兹力，由于洛伦兹力一直与速度方向垂直，故粒子做曲线运动，但不存在匀速曲线运动这种说法；故C错误；D、根据C中分析可知，电荷的受力方向时刻在改变，故加速度始终在改变；故可能做加速度变化的曲线运动；故D正确；故选：BD．2．【考点】功率、平均功率和瞬时功率；平抛运动．【分析】设下降h高度时，重力的做功的瞬时功率和全程的平均功率相等，分别求出此时的瞬时功率，以及全过程的平均功率，抓住功率相等求出h，从而得出距离地面的高度．【解答】解：设下降h高度时，重力做功的瞬时功率和全程平均功率相等，此时竖直分速度，则重力做功的瞬时功率P=mgv y，全过程中的平均功率，因为，则mg=，解得h=，此时小球离地面的高度h′=H﹣=．故选：A．3．【考点】安培力；牛顿第二定律．【分析】根据左手定则判断出安培力的方向，利用牛顿第二定律即可求得【解答】解：当导体棒中通有从P到Q、大小为I的电流时，根据牛顿第二定律可知mgsinθ+BIL=ma1当电流反向时，根据牛顿第二定律可知mgsinθ﹣BIL=ma2联立解得，故B正确故选：B4．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】由楞次定律依据磁通量的变化可以判定感应电流的方向，分段分析可以判定符合的图象即可．【解答】解：AD、线框穿过磁场过程中，磁通量先向里增加，再向里减小，然后向外增加，最后再向外减小，根据楞次定律可知，电流方向有顺时针也有逆时针，即电流有正也有负，故AD均错误．BC、因为两区域电场方向相反，故当线框匀速穿过磁场的过程中运动4a距离，在第一个a 的过程中，电流方向为逆时针，AC进入磁场时，有效切割长度最大，感应电流大小为，当AC进入区域II时，因两磁场方向相反，故导体在两磁场中切割方向相同，磁场方向相反，故产生感应电动势方向相同，故此时电流方向为顺时针方向，最大电流大小为，是正向电流的2倍，故C正确，B错误．故选：C．二、多选择题5．【考点】功能关系；机械能守恒定律．【分析】物体沿斜面向下做匀加速运动，根据运动学公式可求加速度和滑到斜面低端的速度；根据牛顿第二定律得加速度等式，再根据已知量判断能否求拉力和动摩擦因数；根据功能关系求物块下滑过程中机械能的变化量．【解答】解：A．物体沿斜面向下做匀加速运动，所以有：L=t，解得：滑到斜面低端的速度为：v=，所以滑到低端的动能为：E K=mv2，故A正确；B．由v2=2aL可知，可求得加速度，由牛顿第二定律有：a=，但是拉力F未知，不能求物块与斜面之间的动摩擦因数，故B错误；C．由B分析可知，不能求出F的大小，所以不能求下滑过程中拉力对物块所做的功，故C 错误；D．由B分析可知，F﹣μmgcosθ=ma﹣mgsinθ，所以可求出F﹣μmgcosθ的大小，即是可求F﹣μmgcosθ做的功，根据功能关系，可求物块下滑过程中机械能的变化量，故D正确．故选：AD．6．【考点】万有引力定律及其应用．【分析】利用行星两极物体所受的万有引力等于重力求出重力加速度，根据万有引力提供向心力结合行星密度可以求出行星的卫星在星球表面圆周运动的速度，行星同步卫星的周期等于行星自转周期，根据万有引力提供向心力得到轨道半径，行星运行速率根据v=ωr求解【解答】解：（1）对于放置于行星两极的质量为m的物体，由万有引力等于重力得出：得：…①其中…②联立①②得：，故A正确B、卫星绕行星表面做匀速圆周运动，万有引力等于向心力，有：解得：由于所以有，故B错误．C、根据万有引力提供向心力得：得：由于M=ρV=解得：，故C错误．D、根据，该行星的同步卫星的轨道半径不等于行星半径R，故D错误．故选：A7．【考点】电势差与电场强度的关系；电势；电势能．【分析】根据电场的叠加判断C点的场强；电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，在点电荷的电场中，离电荷近的地方，电场的强度大，沿电场线的方向，电势降低；电场力做正功时，电势能减小，电场力做负功时，电势能增加．【解答】解：A、A在C点产生的场强为：E1=k，方向向左，B在C点产生的场强为：E2=k，方向向右，C点的合场强为：E=E1﹣E2=k，方向向左，故A错误；BC、由于两个点电荷分别带有﹣Q和﹣2Q，是同种不等量电荷，中垂线不是等势面，因为电场线和等势面相互垂直，可以做出等势面，从而可知M点的电势高于O点的电势，故B 错误，C正确；C、将电子从C点沿直线移到D点的过程中，电场力先做正功再做负功，电子的电势能先减小后增大，故D正确．故选：CD．8．【考点】牛顿第二定律；摩擦力的判断与计算．【分析】根据A、B之间的最大静摩擦力，隔离对A分析求出A要滑动的最小加速度，再以AB为整体求出两者的加速度，通过比较求出两者要发生相对滑动是F要满足的条件，然后通过整体法隔离法逐项分析．【解答】解：AB之间的最大静摩擦力为μ1mg，A要滑动的最小加速度为：a min=以AB为整体，由牛顿第二定律得：a A=a B=如果a A=a B＞a min，即＞，两者要相对滑动，解得：F＞﹣+μ2（m+M）gA．当μ2=0时，解得：F＞，有相对滑动，故A错误；B．当μ1=μ2时，带入解得F=0，两者相对静止，故B正确；C．要是AB有相对滑动，临界条件是F=﹣+μ2（m+M）g，当F=μ1mg时，无法比较大小，故C错误；D．由前面分析可得，当F＞﹣+μ2（m+M）g=时，AB均向右运动且发生了相对滑动，故D正确．故选：BD．三、实验题9．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】（1）本实验采用光电门利用平均速度法求解通过光电门时的速度；（2）根据机械能守恒定律可知，当减小的机械能应等于增大的动能；（3）只有重力做功时，机械能才守恒，为减小实验误差，因此需要减小实验过程中受到的阻力即可．【解答】解：（1）已知经过光电门时的时间小球的直径；则可以由平均速度表示经过光电门时的速度；故v=；（2）若减小的重力势能等于增加的动能时，可以认为机械能守恒；则有：mgL=mv2；即：2gL=（）2解得：2gL△t2=d2；（3）造成本实验的误差原因是，实验过程中，可通过选择质量较大且直径较小的小球，或让纸带竖直下落，从而尽量减小受到的阻力，故答案为：（1）；（2）2gL△t2=d2；（3）选择质量较大且直径较小的小球．10．【考点】把电流表改装成电压表；用多用电表测电阻．【分析】（1）多用电表的红表笔接内置电源的负极，黑表笔接内置电源的正极，根据结构图判断；（2）把电流表量程扩大需要并联一个电阻，把电流表改装成电压表，需要串联一个分压电阻，应用串联电路特点与欧姆定律可以求出电阻阻值；（3）根据闭合电路欧姆定律列式，联立方程即可求解．【解答】解：（1）多用电表的红表笔接内置电源的负极，黑表笔接内置电源的正极，由图示可知，图中表笔A应为红表笔，（2）开关S1闭合，S2接位置1时，电流计量程扩大，则并联的电阻R1===1.01Ω，开关S1断开，S2接位置3时，改装成电压表，则串联的电阻R3=，（3）根据闭合电路欧姆定律得：，，解得：R x=500Ω，当开关S1闭合，S2接位置2时，满偏电流为I g′=0.3A，表头示数为0.90mA时，实际电流为I′=，根据闭合电路欧姆定律得：，I′=，解得：R x′=11.67Ω故答案为：（1）红；（2）1.01；900；（3）500；11.67．四、解答题11．【考点】牛顿运动定律的综合应用；物体的弹性和弹力．【分析】（1）对上层管道受力分析，根据力的平衡条件即可求出管A、B之间的弹力大小；（2）先根据牛顿第二定律求出上层管道的加速度，然后根据=2ax的变形公式分别表示出上层管道在急刹车及货车停下后运动的总距离和货车的刹车距离，二者之差即为最初堆放时上层管道最前端应该离驾驶室的最小距离．【解答】解：（1）上层管道横截面内的受力分析，其所受支持力为F N，如图所示：则有：F N cos30°=mg，解得：F N=5000N．（2）由题意知，紧急刹车时上层管道受到两个滑动摩擦力减速，2μF N=ma1，代入数据解得：a1=m/s2，货车紧急刹车时的加速度a2=8m/s2，货车的刹车距离：x2=﹣﹣﹣﹣﹣﹣①上层管道在急刹车及货车停下后运动的总距离：x1=﹣﹣﹣﹣﹣﹣②上层管道相对于货车滑动的距离：△x=x1﹣x2﹣﹣﹣﹣﹣﹣③联立①②③并代入数据解得：△x=1.8m．答：（1）乙图中管A、B之间的弹力大小为5000N；（2）最初堆放时上层管道最前端应该离驾驶室的最小距离为1.8m．12．【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）粒子在磁场中做匀速圆周运动在电场中做类平抛运动，根据牛顿第二定律和运动学公式联立求解；（2）根据几何关系及洛伦兹力提供向心力求出粒子在磁场中的速率，根据半径公式求出磁感应强度B′，根据周期公式求周期，结合圆心角求时间【解答】解：（1）粒子在磁场中做圆周运动，由几何关系可得其运动的半径为：R=L洛伦兹力提供向心力，有：粒子在电场中做类平抛运动，有：qE=may=L解得：（2）粒子b进入电场后速度先减小，电场力对其做负功，故b进入电场时速度方向与y轴正向的夹角α的范围是：0＜α＜90°：b离x轴最远时速度与x轴平行，则：，可得α=60°设b从磁场区域的P点射出，b在磁场中运动轨迹的圆心角为θ由几何关系可得：θ=60°粒子b在磁场中运动的半径粒子在b在磁场中运动时：解之得磁场的磁感应强度：粒子在磁场中运动的周期：粒子在磁场中运动的时间：解得：答：（1）匀强电场的电场强度E大小为；（2）粒子b在磁场中运动时磁场的磁感应强度B′及粒子b在磁场中运动的时间t′为．【物理-选修3-3】13．【考点】有序、无序和熵；阿伏加德罗常数；热力学第二定律．【分析】作用于液体表面，使液体表面积缩小的力，称为液体表面张力．它产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力；浸润与不浸润与两种接触物质的性质有关；根据熵增原理、热力学第二定律进行解答．热力学第二定律有不同的表述：【解答】解：A、由于熔融的液态玻璃存在表面张力，使表面收缩，表面积变小，因此玻璃细杆顶端被烧熔后变成圆形，与表面张力有关．故A正确；B、浸润与不浸润与两种接触物质的性质有关；水可以浸润玻璃，但是不能浸润石蜡，这个现象表明一种液体是否浸润某种固体与这两种物质的性质都有关系．故B正确．C、由熵增加原理知，一切自发过程总是沿着分子热运动的无序性增大的方向进行．故C错误．D、为了使油酸分子紧密排列，实验时先将痱子粉均匀洒在水面上，再把一滴油酸酒精溶液滴在水面上，D正确；E、知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数可以计算出每个气体分子占据的平均空间，但不是分子的体积，故只要知道某种物质的摩尔体积和分子体积，不可以计算出阿伏加德罗常数，故E错误故选：ABD14．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（1）气体先经过等温变化，根据玻意耳定律列式，后经历等压升温的过程，根据盖﹣吕萨克定律列式求解（2）以最初和最终两个状态根据理想气体状态方程求解【解答】解：Ⅰ、气体初始状态：体积，压强，温度将A、B两物体放在活塞上，设B的质量为m，则体积，温度压强为：…①气体经等温变化，有：…②将代入②得：…③当气体温度升高60℃时，温度为：，体积为：经等压变化：…④解得：…⑤Ⅱ、将A物体取走，继续加热使气体的温度再升高60℃后，最终气柱的高度为x，体积，压强，温度…⑥…⑦解得：x=1.05H答：（1）气缸在初始状态时气体的温度300K；（2）气缸内气柱最终的高度1.05H．【物理-选修3-4】15．【考点】电磁波的发射、传播和接收；简谐运动；光的衍射；光的偏振．【分析】麦克斯韦预言电磁波的存在，而赫兹通过实验证实了电磁波的存在；所有电磁波在真空中的传播速度相同；物体的位移与时间的关系遵从正弦函数的规律（即它的振动图象是一条正弦曲线）的振动叫简谐运动；单缝衍射条纹中间宽、两边窄，呈现不等间距．双缝干涉条纹等宽、等间距，但也有干涉条纹不等间距；自然光斜射到玻璃表面时，反射光和折射光都是偏振光．【解答】解：A、英国物理学家麦克斯韦在1860年建立了完整的电磁场理论并预言了电磁波存在，而赫兹通过实验对此进行了证实，故A错误；B、所有电磁波在真空中的传播速度均相同，故B正确；C、根据简谐运动的特征：a=﹣，物体每次通过同一位置时，位移一定相同，加速度也一定相同，故C正确；D、双缝干涉条纹等间距，而单缝衍射条纹一定不等间距，即中央宽、两边窄的明暗相间的条纹，故D错误．E、自然光斜射到玻璃表面时，反射光和折射光都是偏振光，故E正确；故选：BCE．16．【考点】光的折射定律．【分析】Ⅰ、射向观景台右侧边缘的光线折射后射到布幕上的位置最高，作出光路图，由数学知识求折射角的正弦值，即可由折射定律求出入射角的正弦，再由数学知识求解高度h．Ⅱ、点光源S接近水面时，入射角为90°，光能照亮的距离最远，由折射定律求出折射角，即可由几何知识求解最远距离．【解答】解：Ⅰ、如图所示，射向观景台右侧边缘的光线折射后射到布幕上的位置最高．由折射定律得：n=而sinr=解得sini=0.8而sini=解得h=3mⅡ、点光源S接近水面时，光在观景台右侧面与水面交接处掠射到水里时，被照亮的距离为最远距离，此时，入射角为90°，折射角为临界角C．根据sinC=以及sinC=解得s=（﹣3）m答：Ⅰ．该光源发出的光照射到布幕上的最高点距水面的高度h是3m；Ⅱ．该光源发出的光能射出水面的最远位置距观景平台右侧的最远距离s是（﹣3）m．。
2016年云南省高考物理一模试卷及答案
云南省2016年高中毕业生第一次复习统一检测物理试卷第I 卷选择题(共48分)一、选择题(本大题共8小题,每小题6分,共48分。
在每小题给出的4个选项中,1~4题只有一项符合题目要求:5~8题有多项符合题目要求,全部选对的得6分,选对但不全的得3分,选错或不选的得0分。
)1．（6分）如图所示，质量均为m 的A 、B 两球，由一根劲度系数为k 的轻弹簧连接静止于半径为R 的光滑半球形碗中，弹簧水平，两球间距为R 且球半径远小于碗的半径。
则弹簧的原长为（）A ．R k mg +B ．R k mg +2C ．R k mg +332D ．R k mg +332．（6分）如图甲所示，静止于光滑水平面上的小物块，在水平拉力F 的作用下从坐标原点O 开始沿x 轴正方向运动，F 随物块所在位置坐标x 的变化关系如图乙所示，图线右半部分为四分之一圆弧，则小物块运动到2x ．处时的动能可表示为（）A ．0B ．F m x 0C ．21F m x 0（1+π）D ．21F m x 0（1+2π）3．（6分）如图所示，在等边三角形ABC 所在平面内有一匀强电场，将一带正电的点电荷从A 点移到B 点和从B 点移到C 点，电场力均做负功且数值相同，则如下四个图中，电场强度E 方向的标示正确的是（）A B CD 甲乙4．（6分）如图所示为超声波测速示意图。
一固定的超声波测速仪每隔1s向小汽车发出一个超声波脉冲信号，已知第一个超声波t0＝0时刻发出，遇到小汽车后返回，t l＝l.0s时刻接收到反射波同时发出第二个超声波，t2＝1.9s时刻接收到第二个反射波。
若超声波在空气中的传播速度为3.4×102m/s，小汽车在这段时间的运动视为匀速运动，根据上述条件可知（）A．小汽车向超声波测速仪运动，速度为17.9m/sB．小汽车向超声波测速仪运动，速度为17.0m/sC．小汽车背离超声波测速仪运动，速度为17.9m/sD．小汽车背离超声波测速仪运动，速度为17.0m/s5．（6分）2016年，我国将择机发射“天宫二号”空间实验室，并发射“神州十一号”载人飞船和“天舟货运飞船”，一与“天宫二号”交会对接，若“天宫二号”在离地面一定高度的圆轨道上绕地球运行，下列说法正确的是（）A．“天宫二号”的在轨环绕速度大于第一宇宙速度B．“天宫二号”的在轨环绕速度小于第一宇宙速度C．飞船从高轨道转移到低轨道首先要减速D．飞船从高轨道转移到低轨道首先要加速6．（6分）如图所示的匀强磁场中，从O点沿OA方向垂直磁场发射两个比荷相同的带电粒子，一粒子经时间t1到达直线OC上的P点，其速率为v l；另一粒子经时间t2到达直线OC上的Q点，其速率为v2．不计粒子重力和粒子间的相互作用，则（）A．v l＞v2B．v l＜v2C．t1＜t2D．t1＝t27．（6分）如图所示为著名物理学家费曼设计的一个实验装置：水平绝缘圆板可绕通过其中心的竖直光滑轴自由转动，圆盘边缘固定着若干金属小球，在圆盘的中部有一个导电线圈．在线圈接通电源的瞬间发现圆板发生了转动，则下列说法正确的是（）A．圆板上的金属小球带电B．圆板上的金属小球不带电C．接通线圈电源的瞬间在圆板上的金属小球所在处产生了电场D．接通线圈电源的瞬间在圆板上的金属小球所在处只产生了磁场8．（6分）如图所示，形状为半个正弦图线的金属导线两端与两金属小环a 、b 连接，两环套在光滑长直金属杆上，导线电阻为R ，其余电阻不计，a 、b 间距为L ，导线顶部到杆的距离为d ．在外力F 作用下，导线沿杆以恒定的速度v 向右运动，穿过宽度也为L 的匀强磁场区域，运动过程中导线所在平面始终与磁场垂直，两环与金属杆保持良好接触．从导线进入磁场到全部离开磁场的过程中（）A ．导线中电流的最大值为R vBd B ．导线中电流的有效值为R vBd2C ．外力F 做的功为RvL d B 222D ．外力F 做的功为RvL d B 22第II 卷非选择题(共62分)二、非选择题(本卷包括必考题和选考题两部分。
云南省2016届高考物理模拟试卷(4) Word版含解析
2016年云南省高考物理模拟试卷（4）一、单项选择题（共10题，每题3分）1．作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N2．下列说法中，正确的是（）A．力的产生离不开施力物体，但可以没有受力物体B．没有施力物体和受力物体，力照样可以独立存在C．有的物体自己就有一个力，这个力不是另外的物体施加的D．力不能离开施力物体和受力物体而独立存在3．下列关于惯性的说法中正确的是（）A．物体只有静止或做匀速运动时才有惯性B．物体只有受外力作用时才有惯性C．物体的运动速度大，越难使它静止下来，惯性与物体的运动速度有关D．物体在任何情况下都有惯性4．如图所示，物体在受到一水平拉力F=10N作用下，沿水平面向右运动．已知，物体与水平面的动摩擦因数μ=0.2，物体质量m=5kg，摩擦力为（）A．10N，水平向左B．10N，水平向右C．20N，水平向左D．20N，水平向右5．关于作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A．作用力和反作用力作用在两个不同的物体上B．地球对重物的作用力大于重物对地球的作用力C．作用力和反作用力的大小有时相等，有时不相等D．作用力和反作用力同时产生，同时消失6．起重机将质量为100kg的物体从地面提升到10m高处，取g=10m/s2，在这个过程中，下列说法中正确的是（）A．重力做正功，重力势能增加1.0×104JB．重力做正功，重力势能减少1.0×104JC．重力做负功，重力势能增加1.0×104JD．重力做负功，重力势能减少1.0×104J7．在光滑水平面上推物块和在粗糙水平面上推物块相比较，如果所用的水平推力相同，物块在推力作用下通过的位移相同，则推力对物块所做的功（）A．一样大B．在光滑水平面上推力所做的功较多C．在粗糙水平面上推力所做的功较多D．要由物块通过这段位移的时间决定8．物体以12m/s的初速度在水平冰面上因受摩擦力而做匀减速直线运动，它的加速度大小是0.8m/s2，经20s物体发生的位移是（）A．80 m B．90 m C．270 m D．400 m9．物体放在地面上，人用力将竖直向上提起离开地面的瞬间，一定是（）A．人对物体的力大于物体对人的力B．人对物体的力等于物体对人的力C．人对物体的力大于物体所受的重力D．人对物体的力等于物体所受的重力10．一本书静放在水平桌面上，则下列说法正确的是（）A．桌面对书的支持力的大小等于书的重力，它们是一对平衡力B．书受到的重力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力C．书对桌面的压力就是书的重力，它们是同一性质的力D．书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力二、多项选择题（共4题，每题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有两个选项是正确的．全对得4分，选对一个得2分，错选、多选或不选得0分）11．对于匀速圆周运动的物体，下列物理量中不断变化的是（）A．线速度B．角速度C．周期D．加速度12．F1、F2的合力为F，已知F1=20N，F=28N，那么F2的取值可能是（）A．40N B．30 N C．100N D．6N13．关于平抛运动，下列说法正确的是（）A．因为轨迹是曲线，所以平抛运动是匀变速运动B．运动时间由下落高度决定C．水平位移仅由初速度决定D．在运动中机械能不守恒14．从同一高度h处，以相同的速率V0同时上抛、斜抛、平抛、下抛四个质量均为m的小球．不计空气阻力，则它们到达地面时（）A．有相同的速度B．有相同的速率和动能C．从抛出到着地，重力做的功相等，重力势能的减少相等D．因为加速度均为g，故从抛出到着地，运动时间相等三、填空题（共有2个题，每题4分，共8分．将答案填写在答题卡上相应题号后横线上方的空白处．）15．平抛物体的运动规律可以概括为两点：①水平方向做匀速运动，②竖直方向做自由落体运动．为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，这个实验（）A．只能说明上述规律中的第①条B．只能说明上述规律中的第②条C．不能说明上述规律中的任何一条D．能同时说明上述两条规律16．用落体验证机械能守恒定律的实验（1）为进行该实验，备有下列器材可供选择铁架台、打点计时器、复写纸片、纸带、低压直流电源、天平、秒表、导线、开关．其中不必要的器材是，缺少的器材是．（2）若实验中所用重物的质量m=1kg，打点时间间隔为0.02s，打出的纸带如图所示，O、A、B、C、D为相邻的几点，测得OA=0.78cm、OB=1.79cm、OC=3.14cm、OD=4.90cm，查出当地的重力加速度g=9.80m/s2，则重物在B点时的动能E KB= J，从开始下落到B点的过程中，重物的重力势能减少量是J（结果均保留三位有效数字）．由此得出的结论是．四、计算题（本大题共有2个小题，每题8分，共16分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）17．（8分）如图所示，质量为60kg的滑雪运动员，在倾角θ为30°的斜坡顶端，从静止开始匀加速下滑90m到达坡底，用时10s．若g取10m/s2，求（1）运动员下滑过程中的加速度大小；（2）运动员到达坡底时的速度大小；（3）运动员受到的合外力大小．18．（8分）质量为M的物体，在竖直平面内高h=1m的光滑弧形轨道A点，以v0=4m/s的初速度沿轨道滑下，并进入BC轨道，如图所示．已知BC段的动摩擦因数μ=0.4 求：（1）物体滑至B点时的速度；（2）物体最后停止在离B点多远的位置上．五、填空题19．手机已成为日常通讯工具，手机使用的电磁波波长比可见光（填“长”或“短”）；家用交流电的电压有效值为220V，其最大值为．20．变压器只能改变电的电压，远距离输电导线上损失的电能主要是由电流的引起，输电电压，电能损失越小．21．指南针指南的一端是极（N或S），磁体间是通过发生相互作用的，磁场对运动电荷的作用力叫．六、实验题（本题4分，将答案填写在答题卡上相应题号后横线上方的空白处．）22．如图所示，金属棒ab用软导线悬挂在磁感应强度为B，方向垂直纸面向里的匀强磁场中，ab通以如图所示的电流I，此时悬线有一定的张力，若要使悬线张力为零，下列做法中有可能实现的是（）A．增大磁感强度B B．增大ab中的电流IC．改变电流I的方向D．改变磁感强度B的方向七、计算题（本大题共有1小题，共8分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）23．（8分）在赤道上的地磁场可以看成沿南北走向的匀强磁场，磁感应强度的大小是0.5×10﹣4T．如果赤道上有一根沿东西方向的直导线，长为20m，载有从东到西的电流30A．地磁场对这根导线的作用力有多大？方向如何？2016年云南省高考物理模拟试卷（4）参考答案与试题解析一、单项选择题（共10题，每题3分）1．作用在一个物体上的两个共点力，大小分别是30N和40N，如果它们的夹角是90°，则这两个力的合力大小为（）A．10N B．35N C．50N D．70N【考点】力的合成．【分析】两个分力的夹角是90°，根据勾股定理可以直接求得合力的大小．【解答】解：分力的大小分别是30N和40N，合力的大小为F=N=50N，所以C正确．故选：C．【点评】夹角是90°，根据勾股定理可以直接计算即可，比较简单．2．下列说法中，正确的是（）A．力的产生离不开施力物体，但可以没有受力物体B．没有施力物体和受力物体，力照样可以独立存在C．有的物体自己就有一个力，这个力不是另外的物体施加的D．力不能离开施力物体和受力物体而独立存在【考点】力的概念及其矢量性．【分析】力的产生离不开施力物体和受力情况而独立存在；物体有一个力，这个力是另外的物体施加的．【解答】解：A、力的产生离不开施力物体，也离不开受力物体．故A错误．B、力是物体对物体的作用，则没有施力物体和受力物体，力不可以独立存在．故B错误．C、物体有一个力，这个力是另外的物体施加的．故C错误．D、由于力是一个物体对另一个物体的作用，故力不能离开施力物体和受力物体而独立存在．故D正确．故选D【点评】本题关键是掌握力的物质性，即力不能离开施力物体和受力物体而独立存在．3．下列关于惯性的说法中正确的是（）A．物体只有静止或做匀速运动时才有惯性B．物体只有受外力作用时才有惯性C．物体的运动速度大，越难使它静止下来，惯性与物体的运动速度有关D．物体在任何情况下都有惯性【考点】惯性．【分析】惯性是物体的固有属性，一切物体在任何情况下都有惯性．质量是惯性大小的量度．【解答】解：A、D、惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，质量是物体惯性大小的唯一量度，与速度无关．故A错误，D正确．B、任何物体都有惯性，与物体的受力情况无关，故B错误．C、质量是物体惯性大小的唯一量度，与速度的大小无关，故C错误．故选：D．【点评】解答此题要抓住：一切物体任何情况下都具有惯性．质量是物体惯性大小的唯一量度，与速度、受力情况和运动情况无关．4．如图所示，物体在受到一水平拉力F=10N作用下，沿水平面向右运动．已知，物体与水平面的动摩擦因数μ=0.2，物体质量m=5kg，摩擦力为（）A．10N，水平向左B．10N，水平向右C．20N，水平向左D．20N，水平向右【考点】滑动摩擦力．【分析】由题意可知物体受到滑动摩擦力，由f=μF N可求向物体受到的摩擦力的大小及方向．【解答】解：物体相对地面运动，故物体受到的滑动摩擦力，则摩擦力的大小为：f=μF N=μmg=0.2×5×10N=10N；滑动摩擦力的方向与相对运动方向相反，故摩擦力方向向左，故A正确，BCD错误；故选：A．【点评】本题考查摩擦力的大小及方向，在求摩擦力的题目时，要先明确是静摩擦力还是滑动摩擦力，再根据其不同性质进行求解5．关于作用力和反作用力，下列说法正确的是（）A．作用力和反作用力作用在两个不同的物体上B．地球对重物的作用力大于重物对地球的作用力C．作用力和反作用力的大小有时相等，有时不相等D．作用力和反作用力同时产生，同时消失【考点】牛顿第三定律．【分析】作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失．【解答】解：A、作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，所以A 正确．B、地球对重物的作用力和重物对地球的作用力是作用力和反作用力，它们大小相等，方向相反，作用B错误．C、作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失，所以C错误．D、作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失，所以D正确．故选AD．【点评】作用力与反作用力是分别作用在两个物体上的，既不能合成，也不能抵消，分别作用在各自的物体上产生各自的作用效果．6．起重机将质量为100kg的物体从地面提升到10m高处，取g=10m/s2，在这个过程中，下列说法中正确的是（）A．重力做正功，重力势能增加1.0×104JB．重力做正功，重力势能减少1.0×104JC．重力做负功，重力势能增加1.0×104JD．重力做负功，重力势能减少1.0×104J【考点】重力势能的变化与重力做功的关系．【分析】重力做正功物体重力势能减少，重力做负功，重力势能增加，由功的计算公式可以求出重力做的功．【解答】解：物体上升，位移方向与重力方向相反，重力做负功，重力势能增加，W=mgh=100×10×10=1.0×104J；故选C．【点评】重力做正功重力势能减少，重力做负功，重力势能增加．7．在光滑水平面上推物块和在粗糙水平面上推物块相比较，如果所用的水平推力相同，物块在推力作用下通过的位移相同，则推力对物块所做的功（）A．一样大B．在光滑水平面上推力所做的功较多C．在粗糙水平面上推力所做的功较多D．要由物块通过这段位移的时间决定【考点】功的计算．【分析】恒力做功，根据功的公式W=FL直接计算即可，比较简单．【解答】解：在两次的运动过程中，拉力的大小是恒定的，在力的作用下物体的位移的大小也是相同的，根据功的公式W=FL可知，两次拉力做功一样多，所以A正确．故选：A．【点评】第一次物体在光滑的水平地面上运动，第二次在粗糙的水平地面上运动，两次的接触面不一样，第一次没有摩擦力，第二次有摩擦力，这只是影响了物体的总的动能的大小，但两次拉力做功的情况，与有没有摩擦力是无关的，在解答本题时要注意这一点．8．物体以12m/s的初速度在水平冰面上因受摩擦力而做匀减速直线运动，它的加速度大小是0.8m/s2，经20s物体发生的位移是（）A．80 m B．90 m C．270 m D．400 m【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据匀变速直线运动的速度时间公式求出物体速度减为零的时间，判断物体是否停止，再结合位移公式求出物体的位移．【解答】解：物体速度减为零的时间t=，则20s内的位移等于15s内的位移，所以x=．故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】物体受摩擦力做匀减速运动，速度减为零后不再运动，与运动学中的刹车问题类似，解题时需要注意．9．物体放在地面上，人用力将竖直向上提起离开地面的瞬间，一定是（）A．人对物体的力大于物体对人的力B．人对物体的力等于物体对人的力C．人对物体的力大于物体所受的重力D．人对物体的力等于物体所受的重力【考点】牛顿第一定律．【分析】人对物体的力和物体对人的力是作用力和反作用力，大小相等．根据加速度的方向，确定合力的方向，从而得出人对物体的拉力和物体重力的大小关系．【解答】解：A、人对物体的力和物体对人的力是一对作用力和反作用力，大小相等，故A错误，B正确．C、提起物体离开地面的瞬间，具有向上的加速度，可知拉力大于物体的重力，故C正确，D错误．故选：BC．【点评】本题考查了牛顿第三定律和第二定律，知道作用力和反作用力的大小关系，以及知道加速度的方向与合力的方向相同，基础题．10．一本书静放在水平桌面上，则下列说法正确的是（）A．桌面对书的支持力的大小等于书的重力，它们是一对平衡力B．书受到的重力和桌面对书的支持力是一对作用力与反作用力C．书对桌面的压力就是书的重力，它们是同一性质的力D．书对桌面的压力和桌面对书的支持力是一对平衡力【考点】牛顿第三定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】由牛顿第三定律可知，作用力与反作用力大小相等，方向相反，作用在同一条直线上，作用在两个物体上，力的性质相同，它们同时产生，同时变化，同时消失；一对平衡力大小相等，方向相反，作用在同一物体上．【解答】解：A、桌面对书的支持力和书的重力是一对平衡力，大小相等，故A 正确，B错误；C、书对桌面的压力的性质是弹力，重力的性质是万有引力，性质不同，故C错误；D、书对桌面的压力和桌面对书的支持力是作用力与反作用力的关系，故D错误．故选A【点评】考查牛顿第三定律及其理解．理解牛顿第三定律与平衡力的区别．二、多项选择题（共4题，每题4分，共16分，在每小题给出的四个选项中，有两个选项是正确的．全对得4分，选对一个得2分，错选、多选或不选得0分）11．对于匀速圆周运动的物体，下列物理量中不断变化的是（）A．线速度B．角速度C．周期D．加速度【考点】匀速圆周运动．【分析】对于物理量的理解要明确是如何定义的决定因素有哪些，是标量还是矢量，如本题中明确描述匀速圆周运动的各个物理量特点是解本题的关键，尤其是注意标量和矢量的区别．【解答】解：在描述匀速圆周运动的物理量中，线速度、向心加速度、向心力这几个物理量都是矢量，虽然其大小不变但是方向在变，因此这些物理量是变化的；所以保持不变的量是周期和角速度，变化的是线速度和加速度，故AD正确，BC 错误；故选：AD．【点评】本题很简单，考察了描述匀速圆周运动的物理量的特点，但是学生容易出错，如误认为匀速圆周运动线速度不变．12．F1、F2的合力为F，已知F1=20N，F=28N，那么F2的取值可能是（）A．40N B．30 N C．100N D．6N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】已知F1=20N，F2=28N，根据F1+F2≥F≥|F1﹣F2|，求出合力的范围，即可选择．【解答】解：已知F1=20N，F2=28N，根据F1+F2≥F≥|F1﹣F2|，得合力的范围为48N ≥F≥8N．故AB正确，CD错误．故选：AB．【点评】本题关键根据平行四边形定则得出合力的范围：F1+F2≥F≥|F1﹣F2|．要在理解的基础上记牢该结论．13．关于平抛运动，下列说法正确的是（）A．因为轨迹是曲线，所以平抛运动是匀变速运动B．运动时间由下落高度决定C．水平位移仅由初速度决定D．在运动中机械能不守恒【考点】平抛运动．【分析】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，水平位移由高度和初速度共同决定．【解答】解：A、平抛运动的物体只受到重力的作用，加速度为g，保持不变，因此平抛运动是匀变速曲线运动，但并不是因为轨迹是曲线，所以平抛运动是匀变速运动，故A错误．B、平抛运动的物体竖直方向上做自由落体运动，由h=gt2，得：t=，可知运动时间只由下落高度h决定．故B正确．C、物体水平方向做匀速直线运动，则水平射程为x=v0t=v0，可知水平位移由下落高度和初速度共同决定，故C错误．D、平抛运动只受重力，机械能守恒，故D错误．故选：B【点评】本题考查对平抛运动的理解，合力与速度不在同一条直线上，一定是曲线运动，同时只受重力的作用，又是匀变速运动；知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，通过列式分析时间和水平位移的决定因素．14．从同一高度h处，以相同的速率V0同时上抛、斜抛、平抛、下抛四个质量均为m的小球．不计空气阻力，则它们到达地面时（）A．有相同的速度B．有相同的速率和动能C．从抛出到着地，重力做的功相等，重力势能的减少相等D．因为加速度均为g，故从抛出到着地，运动时间相等【考点】动能定理．【分析】根据动能定理判断落地时的速度大小和动能大小．根据匀变速直线运动的规律比较三种运动的时间长短【解答】解：AB、根据动能定理mgh=mv2﹣mv02，知初动能相等，高度相同，则末动能相等．末速度的大小相等，但方向不同，所以落地速度不同，但落地时的动能相等，故A错误，B正确；C、从抛出到着地，质量相等，始末位置的高度差相同，所重力做功mgh相等；减少的重力势能等于mgh，所以重力势能的减少量相等，故C正确；D、平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，在同一高度自由落体运动的时间小于竖直上抛运动的时间，大于竖直下抛运动的时间．故D错误；故选：BC【点评】解决本题的关键掌握运用动能定理解题，动能定理解题不需要考虑速度的方向，既适用于直线运动，也适用于曲线运动，既适用于恒力做功，也适用于变力做功，所以比较方便．三、填空题（共有2个题，每题4分，共8分．将答案填写在答题卡上相应题号后横线上方的空白处．）15．平抛物体的运动规律可以概括为两点：①水平方向做匀速运动，②竖直方向做自由落体运动．为了研究平抛物体的运动，可做下面的实验：如图所示，用小锤打击弹性金属片，A球就水平飞出，同时B球被松开，做自由落体运动，两球同时落到地面，这个实验（）A．只能说明上述规律中的第①条B．只能说明上述规律中的第②条C．不能说明上述规律中的任何一条D．能同时说明上述两条规律【考点】研究平抛物体的运动．【分析】探究平抛运动的规律中，实验同时让A球做平抛运动，B球做自由落体运动．若两小球同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动．【解答】解：在打击金属片时，两小球同时做平抛运动与自由落体运动．结果同时落地，则说明平抛运动竖直方向是自由落体运动；故选：B【点评】通过实验探究出平抛运动处理的规律，并掌握了运动的合成与分解，难度不大，属于基础题．16．用落体验证机械能守恒定律的实验（1）为进行该实验，备有下列器材可供选择铁架台、打点计时器、复写纸片、纸带、低压直流电源、天平、秒表、导线、开关．其中不必要的器材是秒表、低压直流电源、天平，缺少的器材是低压交流电源、刻度尺．（2）若实验中所用重物的质量m=1kg，打点时间间隔为0.02s，打出的纸带如图所示，O、A、B、C、D为相邻的几点，测得OA=0.78cm、OB=1.79cm、OC=3.14cm、OD=4.90cm，查出当地的重力加速度g=9.80m/s2，则重物在B点时的动能E KB= 0.174J，从开始下落到B点的过程中，重物的重力势能减少量是0.175J（结果均保留三位有效数字）．由此得出的结论是误差允许的范围内，做自由落体运动的重锤的机械能守恒．【考点】验证机械能守恒定律．【分析】解决实验问题首先要掌握该实验原理，了解实验的仪器、操作步骤和数据处理以及注意事项，清楚该实验的误差来源．根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出B点的速度，从而得出B点的动能，根据下降的高度求出物体重力势能的减小量，从而判断机械能是否守恒．【解答】解：（1）该实验中，要有做自由落体运动的物体重锤；通过打点计时器来记录物体运动时间，不需要秒表，打点计时器需要的是交流电源，因此低压直流电源不需要，缺少低压交流电源，由于验证机械能公式中可以把物体质量约掉，因此不需要天平，同时实验中缺少刻度尺．所以不必要的器材有：秒表、低压直流电源、天平．缺少的器材是：低压交流电源、刻度尺．（2）利用匀变速直线运动的推论得：v B==0.59m/s则B点的动能E kB=mv B2=（0.59）2=0.174J．重物重力势能的减小量△E p=mgh=1×9.8×0.0179J=0.175J．在实验误差允许的范围内减少的物体重力势能等于其增加的动能，物体自由下落过程中机械能守恒故答案为：（1）秒表、低压直流电源、天平；低压交流电源、刻度尺（2）0.174；0.175；误差允许的范围内，做自由落体运动的重锤的机械能守恒．【点评】运用运动学公式和动能、重力势能的定义式解决问题是该实验的常规问题，同时要熟练应用基本物理规律解决实验问题．四、计算题（本大题共有2个小题，每题8分，共16分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必须写出数值和单位）17．如图所示，质量为60kg的滑雪运动员，在倾角θ为30°的斜坡顶端，从静止开始匀加速下滑90m到达坡底，用时10s．若g取10m/s2，求（1）运动员下滑过程中的加速度大小；（2）运动员到达坡底时的速度大小；（3）运动员受到的合外力大小．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；力的合成与分解的运用．【分析】（1）根据位移时间公式求加速度；（2）根据速度时间公式求末速度；（3）根据牛顿第二定律求合外力．【解答】解：（1）根据位移时间公式，有x=at2解得a===1.8m/s2即运动员下滑过程中的加速度大小为1.8m/s2．（2）根据速度时间公式v=at=1.8×10=18m/s即运动员到达坡底时的速度大小为18m/s．（3）根据牛顿第二定律，有F=ma=60×1.8=108N。
云南省昆明一中2016届高三物理上学期第四次月考试卷(含解析)
云南省昆明一中2015-2016学年高三（上）第四次月考物理试卷一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．下列关于物理学研究方法的叙述中错误的是（）A．质点、点电荷概念的建立，运用了理想化方法B．合力和分力概念的建立，运用了等效法C．根据速度定义式v=，求t时刻的瞬时的速度，运用了极限思想方法D．电场强度的定义式E=，运用了控制变量法2．如图所示，质量为m的小球用水平轻质弹簧系住，并用倾角=37°的木板托住，小球处于静止状态，弹簧处于压缩状态，则（）A．小球一定受四个力的作用B．弹簧弹力可能为mgC．小球受木板的摩擦力一定沿斜面向下D．木板对小球的作用力的方向一定垂直于木板向上3．两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示．连续两次曝光的时间间隔是相等的．两木块运动情况在ν﹣t图象中描述正确的是（）A．B．C． D．4．有一理想变压器如图所示，原副线圈的匝数比为n，原线圈接正弦交流电，副线圈输出端接有一个交流电压表、一个交流电流表和一个电动机，电动机线圈电阻为R，当原线圈接通电源后，电流表读数为I，电压表示数为U，电动机带动一重物匀速上升．下列判断正确的是（）A．电动机两端电压为U B．变压器的输出功率为nIUC．电动机的输出功率为IU﹣I2R D．电动机消耗的功率为5．星球上的物体脱离星球引力所需要的最小速度称为该星球的第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2=v1．已知某星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（）A． B．C．D．6．如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总阻值是R1，电阻大小关系为R1=R2=r，则在滑动触头从a端滑到b端过程中，下列描述正确的是（）A．电路的总电流先减小后增大B．电路的路端电压先增大后减小C．电源的输出功率先增大后减小D．滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大7．如图所示，宽度为d的双边界有界磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B．一质量为m、带电量为+q的带电粒子（不计重力）从MN边界上的A点沿纸面垂直MN以初速度v0进人磁场．已知该带电粒子的比荷=．其中A′为PQ上的一点，且AA′与PQ垂直．则下列判断正确的是（）A．该带电粒子进入磁场后将向下偏转B．该带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为2dC．该带电粒子打在PQ上的点与A′点的距离为 dD．该带电粒子在磁场中运动的时间为8．如图所示，实线表示某电场的电场线，过O点的虚线MN与电场线垂直，两个相同的带负电的粒子P、Q分别从A、B两点的加速度大小分别为a1和a2，电势能分别为E p1和E p2，过O点时的速度大小分别为v1和v2，到达O点经过的时间分别为t1和t2，粒子的重力不计，则（）A．a1＜a2B．E p1＜E p2C．v1＜v2D．t1＞t2二、必考题：共11题，129分9．（2015春•泉州校级期中）某实验小组利用图示实验装置来测量物块A和长木板之间的动摩擦因数μ．①把左端带有挡板的足够长的长木板固定在水平桌面上，物块A置于挡板处，不可伸长的轻绳一端水平连接物块A，另一端跨过轻质定滑轮挂上与物块A质量相同的物块B．用手按住物块A，使A、B保持静止．②测量物块B离水平地面的高度为h．③释放物块A，待物块A静止时测量其运动的总距离为s（物块B落地后不反弹）．回答下列问题：（1）根据上述测量的物理量可知μ= ．（2）由于存在空气阻力，该实验所求μ值比真实值．（填“偏大”或“偏小”）10．（2015•成都校级模拟）某实验小组采用如图（a）的电路测量规格为“6V，0.5A”的小型直流电动机M中线圈的电阻（阻值约为几欧姆）．R0为阻值为3.0Ω的定值电阻．①调节R时应控制电动机（转动或不转动）时读出电流表、电压表示数．②若电压表示数是2.50V，电流表示数如图（b），读得电流表示数是．③使用测得数据，计算电动机线圈的电阻为Ω．该电动机正常工作时输出的机械功率为 W．（计算结果保留2位有效数字）④由于（电流表或电压表内阻）的影响，测得的电阻比实际值偏（大或小）．11．（2015秋•昆明校级月考）足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中．某足球场长90m、宽60m．攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为12m/s的匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2．试求：（1）足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大？（2）足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线向前追赶足球．他的启动过程可以视为初速度为0，加速度为2m/s2的匀加速直线运动，他能达到的最大速度为8m/s．该前锋队员至少经过多长时间能追上足球？12．（2015秋•昆明校级月考）如图所示，ab、cd为间距d=1m的光滑倾斜金属导轨，与水平面的夹角为θ=30°，导轨电阻不计，ac间连接有一个R=2.4Ω的电阻．空间存在磁感应强度B0=2T的匀强磁场，方向垂直于导轨平面向上．将一根金属棒放置在导轨上距ac为x0=0.5m 处，金属棒的质量m=0.5kg，电阻r=0.8Ω．现将金属棒由静止释放，金属棒沿导轨向下运动过程中始终与ac平行且与导轨接触良好．已知当金属棒从初始位置向下滑行x=1.6m到达MN 处时已经达到稳定速度，金属导轨足够长，g取10m/s2．则：（1）金属棒的稳定速度是多少？（2）金属棒从释放到运动至MN处的过程中，忽略电流变化引起的电磁辐射损失，电阻R上产生的焦耳热是多少？（3）若将由静止释放金属棒的时刻记作t=0，从此时刻开始，为使金属棒中不产生感应电流，可让磁感应强度按一定规律变化．试写出磁感强度B随时间t变化的表达式．【物理--选修3-3】13．下列说法正确的是（）A．在围绕地球做匀速圆周运动的宇宙飞船中，自由漂浮的水滴呈球形，这是液体表面张力作用的结果B．布朗运动指的是悬浮在液体里的花粉中的分子的运动C．对气体而言，尽管大量分子做无规则运动，速率有大有小，但分子的速率是按一定的规律分布的D．一定质量的理想气体，在等温膨胀的过程中，对外界做功，但内能不变E．在完全失重的情况下，气体对容器壁的压强为零14．如图，导热性能极好的气缸，高为L=lm，开口向上固定在水平面上，气缸中有横截面积为S=100cm2、质量为m=10kg的光滑活塞，活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内．当外界温度为t=27℃、大气压为p0=l×l05Pa时，气柱高度为l=0.9m，气缸和活塞的厚度均可忽略不计，取g=10m/s2求：（i）如果气体温度保持不变，将活塞缓慢拉至气缸顶端，在顶端处，竖直拉力F多大？（ii）如果外界温度缓慢升高到恰使活塞移至气缸顶端，外界温度为多少摄氏度？【物理--选修3-4】15．下列说法正确的是（）A．光在介质中传播的速度仅由介质本身所决定B．雨后路面上的油膜形成的彩色条纹是由光的干涉形成的C．杨氏双缝干涉实验中，当两缝间的距离以及挡板和屏的距离一定时，红光干涉条纹的相邻条纹间距比蓝光干涉条纹的相邻条纹间距小D．光的偏振特征说明光是横波E．水中的气泡看起来特别明亮，是因为光从水射向气泡时，一部分光在界面上发生了全反射的缘故16．一列车沿x轴传播的间谐横波在t=0时刻的波的图象如图所示，经△t=0.1s，质点M第一次回到平衡位置，求（1）波的传播速度；（2）质点M在1.2s内走过的路程．【物理--选修3-5】17．下列说法正确的是（）A．β射线与γ射线一样都是电磁波，但β射线的穿透本领远比γ射线弱B．玻尔将量子观念引入原子领域，其理论能够解释氢原子光谱的特征C．氢原子的核外电子由离原子核较远的轨道跃迁到离核较近的轨道上时氢原子的能量减少D．在原子核中，比结合能越小表示原子核中的核子结合得越牢固E． U衰变成Pb要经过6次β衰变和8次α衰变18．如图所示，质量M=9kg的小车B静止在光滑水平面上，小车右端固定一轻质弹簧，质量m=0.9kg的木块A（可视为质点）靠弹簧放置并处于静止状态，A与弹簧不栓接，弹簧处于原长状态．木块A右侧车表面光滑，木块A左侧车表面粗糙，动摩擦因数μ=0.15．一颗质量m0=0.1kg的橡皮泥弹丸以v0=10m/s的初速度水平向右飞来，击中木块和木块沾在一起，作用时间极短．如果最后木块A刚好不从小车左端掉下来，取g=10m/s2，求：①小车最后的速度；②起始时木块A到小车左端的距离．2015-2016学年云南省昆明一中高三（上）第四次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得0分．1．下列关于物理学研究方法的叙述中错误的是（）A．质点、点电荷概念的建立，运用了理想化方法B．合力和分力概念的建立，运用了等效法C．根据速度定义式v=，求t时刻的瞬时的速度，运用了极限思想方法D．电场强度的定义式E=，运用了控制变量法【考点】电场强度；速度．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】抓住主要因素，忽略次要因素是物理学中常用方法；等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况，效果要相同；当时间非常小时，我们认为此时的平均速度可看作某一时刻的速度即称之为瞬时速度，采用的是极限思维法；比值法就是应用两个物理量的比值来定量研究第三个物理量．它适用于物质属性或特征、物体运动特征的定义．【解答】解：A、质点、点电荷概念的建立，运用了理想化方法，故A正确；B、等效替代法是一种常用的方法，它是指用一种情况来等效替换另一种情况，合力与分力的槪念运用了等效替代法，故B正确C、根据速度定义式v=，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法．故C正确；D、电场强度的定义式E=，运用了比值定义法定义的，故D错误；本题选不正确的，故选：D．【点评】在高中物理学习中，我们会遇到多种不同的物理分析方法，这些方法对我们理解物理有很大的帮助；故在理解概念和规律的基础上，更要注意科学方法的积累与学习．2．如图所示，质量为m的小球用水平轻质弹簧系住，并用倾角=37°的木板托住，小球处于静止状态，弹簧处于压缩状态，则（）A．小球一定受四个力的作用B．弹簧弹力可能为mgC．小球受木板的摩擦力一定沿斜面向下D．木板对小球的作用力的方向一定垂直于木板向上【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】定性思想；推理法；共点力作用下物体平衡专题．【分析】滑块可能受重力、支持力、弹力三个力处于平衡，根据共点力平衡判断ABC，根据平行四边形定则可知，小球重力和弹力的合力肯定大于重力，根据平衡条件判断木板对小球的作用力的方向．【解答】解：A、小球处于静止状态，受力平衡，对小球受力分析，如图所示：当重力、弹簧弹力以及木板的支持力的合力为零时，小球不受摩擦力，即小球可以受到3个力作用，故AC错误；B、若小球不受摩擦力，根据平衡条件得：，解得：F=，故B正确；D、小球受到重力、弹簧弹力以及木板对小球的作用力，处于平衡状态，合力为零，则木板对小球的作用力与小球重力和弹力的合力等大反向，当斜面对小球没有摩擦力时，重力和弹力的方向垂直斜面向下，此时木板对小球的作用力的方向垂直于木板向上，若斜面对小球有摩擦力作用，则重力和弹力的方向不垂直斜面向下，此时木板对小球的作用力的方向也不垂直于木板向上，故D错误．故选：B【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意弹簧的弹力方向是水平向左的，难度适中．3．两木块自左向右运动，现用高速摄影机在同一底片上多次曝光，记录下木块每次曝光时的位置，如图所示．连续两次曝光的时间间隔是相等的．两木块运动情况在ν﹣t图象中描述正确的是（）A．B．C． D．【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】解答本题要看清图示的意义，中间的刻线相当于刻度尺或坐标系，显示物体在不同时刻的位置，对比相同时间内的位移会发现物体的运动规律：下面的物体匀速运动，上面的物体匀加速运动．由于曝光时间是相同的，设刻度尺的每小格尺寸为s和曝光时间为t，依据匀速或匀变速运动的规律就可求出物体运动的速度关系．其中利用了匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度的推论．【解答】解：设刻度尺的每小格尺寸为s和曝光时间为t，下面的物体做匀速直线运动，运动的速度v=．上面木块在相等时间内的位移差是恒量，知上面木块做匀加速直线运动，匀变速运动某段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度，知t3时刻上面木块的速度v3=．t4时刻上面木块的速度v4=，则在时刻t3和时刻t4之间某瞬时两木块速度相同．故A正确，B、C、D错误．故选：A．【点评】对于匀变速规律的考察是很灵活的，学生要善于在新情境中抽象出物理模型．难点在于匀变速直线运动的瞬时速度的求解方法的选择，利用一段时间的平均速度等于中间时刻的瞬时速度的推论是最简单的．4．有一理想变压器如图所示，原副线圈的匝数比为n，原线圈接正弦交流电，副线圈输出端接有一个交流电压表、一个交流电流表和一个电动机，电动机线圈电阻为R，当原线圈接通电源后，电流表读数为I，电压表示数为U，电动机带动一重物匀速上升．下列判断正确的是（）A．电动机两端电压为U B．变压器的输出功率为nIUC．电动机的输出功率为IU﹣I2R D．电动机消耗的功率为【考点】电功、电功率；闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电压表测量电动机两端的电压，电流表测量通过电动机的电流，根据P=UI求出电动机消耗的功率，根据求解电动机的发热功率．【解答】解：A、电压表测量的就是电动机的电压，即电动机两端电压为U，故A错误；B、变压器的输出功率P=UI，故B错误；C、电动机的输出功率P出=P﹣P热=IU﹣I2R，故C正确；D、电动机消耗的功率P=UI，故D错误．故选：C【点评】电动机是非纯电阻电路，消耗的电能没有全部用于发热，有一部分转化为机械能，难度适中．5．星球上的物体脱离星球引力所需要的最小速度称为该星球的第二宇宙速度，星球的第二宇宙速度v2与第一宇宙速度v1的关系是v2=v1．已知某星球的半径为r，它表面的重力加速度为地球表面重力加速度g的，不计其他星球的影响，则该星球的第二宇宙速度为（）A． B．C．D．【考点】万有引力定律及其应用；向心力．【专题】万有引力定律的应用专题．【分析】第一宇宙速度是人造地球卫星在近地圆轨道上的运行速度，即G=m；此题把地球第一宇宙速度的概念迁移的某颗星球上面【解答】解：设地球的质量为M，半径为r，绕其飞行的卫星质量m，由万有引力提供向心力得：G=m①在地球表面G=mg②第一宇宙速度时R=r联立①②知v=利用类比的关系知某星体第一宇宙速度为v1=第二宇宙速度v 2与第一宇宙速度v1的关系是即v2===故选：C．【点评】通过此类题型，学会知识点的迁移，比如此题：把地球第一宇宙速度的概念迁移的某颗星球上面．6．如图所示电路中，电源电动势为E，电源内阻为r，串联的固定电阻为R2，滑动变阻器的总阻值是R1，电阻大小关系为R1=R2=r，则在滑动触头从a端滑到b端过程中，下列描述正确的是（）A．电路的总电流先减小后增大B．电路的路端电压先增大后减小C．电源的输出功率先增大后减小D．滑动变阻器R1上消耗的功率先减小后增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】滑动变阻器的两个部分并联后与电阻R2串联接到电源中，分析在滑动触头从a端滑到b端过程中，电阻的变化情况，根据闭合欧姆定律判断电流的变化情况，当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大．【解答】解：A、当滑动变阻器从a→b移动时R1作为并联电路总电阻先增大后减小，根据闭合电路欧姆定律可知：电流是先减小后增大，故A正确；B、路端电压U=E﹣Ir，因为电流先减小后增大，所以路端电压先增大后减小，故B正确；C、当R外=r的时候电源的输出功率最大，当滑片在a端或者b端的时候电路中R外=r 所以输出功率是先减小后增大的，故C错误；D、串联电路当R＜R2时，电阻越大消耗的P越大，滑动变阻器上消耗的功率是先增大后减小，故D错误．故选AB【点评】本题考查了串、联电路的特点和欧姆定律的灵活运用，难点是滑动变阻器滑片P从最右端→中间→左端总电阻变化情况的判断．7．如图所示，宽度为d的双边界有界磁场，磁场方向垂直纸面向里，磁感应强度大小为B．一质量为m、带电量为+q的带电粒子（不计重力）从MN边界上的A点沿纸面垂直MN以初速度v0进人磁场．已知该带电粒子的比荷=．其中A′为PQ上的一点，且AA′与PQ垂直．则下列判断正确的是（）A．该带电粒子进入磁场后将向下偏转B．该带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径为2dC．该带电粒子打在PQ上的点与A′点的距离为 dD．该带电粒子在磁场中运动的时间为【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】根据左手定则确定粒子的偏转方向．根据半径公式求出粒子在磁场中运动的轨道半径，通过几何关系求出带电粒子打在PQ上的点与A′点的距离，根据圆心角，通过周期公式求出粒子在磁场中运动的时间．【解答】解：A、由左手定则知，该带电粒子进入磁场后将向上偏转，故A错误．B、带电粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，靠洛伦兹力提供向心力，解得R=，又因为带电粒子的比荷=，故有R=2d，故B正确．C、由图可知，通过几何关系知，该带电粒子打在PQ上的点与A′点的距离为s==，故C错误．D、由图可知，该带电粒子在匀强磁场中运动的圆心角为，所以粒子在磁场中运动的时间t=，故D正确．故选：BD．【点评】本题考查了带电粒子在磁场中的运动，关键作出粒子在磁场中的运动轨迹，结合几何关系，运用半径公式和周期公式进行求解，难度不大．8．如图所示，实线表示某电场的电场线，过O点的虚线MN与电场线垂直，两个相同的带负电的粒子P、Q分别从A、B两点的加速度大小分别为a1和a2，电势能分别为E p1和E p2，过O点时的速度大小分别为v1和v2，到达O点经过的时间分别为t1和t2，粒子的重力不计，则（）A．a1＜a2B．E p1＜E p2C．v1＜v2D．t1＞t2【考点】电势差与电场强度的关系；电场强度．【专题】定性思想；推理法；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．非匀强电场中，距离相等的两点间，场强越大，电势差越大．根据电场力做功的大小，判断动能变化量的大小【解答】解：A、电场线越密，场强越大，粒子受到的电场力越大，加速度越大．所以a1＞a2．故A错误B、过A点画出等势面，根据沿着电场线方向电势降低，所以A点电势大于B点电势，由于带负电，所以E p1＜E p2．故B正确C、粒子P、Q在A、B两点分别到O点．有AO点间的电势差大于BO点间的电势差，所以粒子P的动能减小量大于粒子Q的动能减小量，所以v1＜v2．故C正确D、带负电的粒子Q 从B运动到O沿水平方向分运动的加速度小于带负电的粒子P从A运动到O的加速度，P、Q位移相同，水平方向，做减速运动，所以t1＞t2，故D正确故选：BCD【点评】本题虽然是综合性很强的题目，但只要我们理解了电场线的特点就能顺利解决二、必考题：共11题，129分9．（2015春•泉州校级期中）某实验小组利用图示实验装置来测量物块A和长木板之间的动摩擦因数μ．①把左端带有挡板的足够长的长木板固定在水平桌面上，物块A置于挡板处，不可伸长的轻绳一端水平连接物块A，另一端跨过轻质定滑轮挂上与物块A质量相同的物块B．用手按住物块A，使A、B保持静止．②测量物块B离水平地面的高度为h．③释放物块A，待物块A静止时测量其运动的总距离为s（物块B落地后不反弹）．回答下列问题：（1）根据上述测量的物理量可知μ= ．（2）由于存在空气阻力，该实验所求μ值比真实值偏大．（填“偏大”或“偏小”）【考点】动能定理的应用；力的合成与分解的运用；探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】首先分析题意，知道两物块的运动情况，找出B物体落地后，A的运动位移，据动能定理求解即可；从能量守恒定律的角度分析误差．【解答】解：（1）据题境可知，AB两物体一起运动，当B物体落地后，A物体在摩擦力的作用下，做匀减速运动．设B物体落地瞬间时，A 和B的动能都为E k，据能量守恒可知，mgh﹣μmgh=2×E K当B落地后，A做匀减速运动，A的位移为s﹣h，据动能定理得：﹣μmg（s﹣h）=0﹣E k联立以上两式得：μ=（2）当空气阻力不可忽略时，有产生的热量，会使B物体落地瞬间时，A 或B的动能减小；使B落地后，A做匀减速运动，A的位移为s变小，所以会使μ偏大．故答案为：（1）；（2）偏大．【点评】根据题境明确实验原理是解题的关键，找出位移之间的关系是解题的核心，灵活应用能量守恒分析误差，题目有点难度．10．（2015•成都校级模拟）某实验小组采用如图（a）的电路测量规格为“6V，0.5A”的小型直流电动机M中线圈的电阻（阻值约为几欧姆）．R0为阻值为3.0Ω的定值电阻．①调节R时应控制电动机不转动（转动或不转动）时读出电流表、电压表示数．②若电压表示数是2.50V，电流表示数如图（b），读得电流表示数是0.50A ．③使用测得数据，计算电动机线圈的电阻为 2.0 Ω．该电动机正常工作时输出的机械功率为 2.5 W．（计算结果保留2位有效数字）④由于电压表内阻（电流表或电压表内阻）的影响，测得的电阻比实际值偏小（大或小）．【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】当电动机不转动时，电动机电路为纯电阻电路，才可用欧姆定律求解电阻．由功率关系求出电动机正常工作时输出的机械功率．实际电压表会分流，使得电流表测量的电流产生误差．【解答】解：①控制电动机不转动时，线圈的电阻为纯电阻，才有电阻R=．②量程是0.6A，电流的最小分度为0.02A，读数为0.50A．③电动机线圈电阻R==2Ω电动机正常工作时输出的机械功率P出=UI﹣I2R=（6×0.5﹣0.52×2）W=2.5W④由于电压表的分流，电流表测量的是电动机与电压表并联的总电流，由R=算出的是电动机与电压表并联的电阻，测量值比电动机电阻的真实值小．故答案是：①不转动②0.50A③2.0Ω，2.5W．④电压表内阻，小．【点评】对于电动机电路，当电动机不转动时，其电路为纯电阻电路，欧姆定律U=IR适用；当电动机正常工作时，U＞IR，欧姆定律U=IR不成立．11．（2015秋•昆明校级月考）足球比赛中，经常使用“边路突破，下底传中”的战术，即攻方队员带球沿边线前进，到底线附近进行传中．某足球场长90m、宽60m．攻方前锋在中线处将足球沿边线向前踢出，足球的运动可视为在地面上做初速度为12m/s的匀减速直线运动，加速度大小为2m/s2．试求：（1）足球从开始做匀减速运动到停下来的位移为多大？（2）足球开始做匀减速直线运动的同时，该前锋队员沿边线向前追赶足球．他的启动过程可以视为初速度为0，加速度为2m/s2的匀加速直线运动，他能达到的最大速度为8m/s．该前锋队员至少经过多长时间能追上足球？【考点】匀变速直线运动的速度与位移的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．。
云南师大附中2016年高考物理一模试卷 Word版含解析 (2)
2016年云南师大附中高考物理一模试卷一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中．14～18题只有一个选项正确；19～21韪有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得．分．1．如图所示，河水的流速为v=8m/s，一条船要从河的南岸A点沿与河岸成37°角的直线航行判北岸下游某处，则船的开行速度（相对于承的速度）最小为（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A．4m/s B．4.8m/s C．6mn/s D．8m/s2．如图所示，物体以一定的初速度从A点冲上固定的粗糙斜面，到达斜面最高点C后沿斜面反向下滑，已知物体沿斜面向上运动到AC长度处的B点时，所用时间为t，则（）A．物体由B到C的时间为B．物体由C到B的时间为tC．物体由A到C的时间为2t D．物体由C到A的时间小于2t3．如图所示，物体A、B、C放在光滑水平面上用细线a、b连接，力F作用在A上，使三物体一起在水平面上运动，若在B上放一小物体D，D随B一起运动，且拉力，保持不变，那么加上物体D后两绳中拉力的变化是（）A．T a不变B．T b增大C．T a变小D．T b变小4．如图所示，质量为M、倾角为θ的斜面体C静止于粗糙的水平面上，质量为m A和m B 的A、B保持相对静止一起沿斜面下滑，B、C接触面光滑，则（）A．地面对C没有摩擦力的作用B．地面对C的支持力大小为（M+m A+m B）gC．B对A的摩擦力方向水平向左，大小为m A gsinθcosθD．A对B的压力大小为m A g5．如图所示，从倾角为θ的足够长斜面上的A点将﹣小球以初速度v0水平抛出，空气阻力不计，小球落在斜面上，则（）A．平抛运动可以分解为沿斜面向下的匀速直线运动和垂直于斜面的匀减速直线运动B．小球离斜面距离最大和刚接触斜面时，沿斜面方向的位移之比为1：4C．小球在空中运动的时间为D．小球离斜面的最大距离为6．如图所示，水平向左运动的小车内有一固定光滑斜面，一个小球通过细绳与车顶相连，细绳始终保持竖直，关于小球的受力情况，下列说法正确的是（）A．小球可能只受重力和支持力B．小球可能只受重力和拉力C．斜面对小球的作用力不可能小于小球的重力D．小球不可能受到三个力的作用7．如图所示，细线的一端系着质量为M的物体A，A相对于光滑的水平转盘静止，细线另一端通过转盘中心的光滑小孔O吊着一个质量为m（沙和桶的总质量）的沙桶B．A（视为质点）到O点的距离为L（）A．若桶内沙不流出且保持B的高度不变，则盘的角速度为B．若桶内沙不流出且保持B的高度不变，则A的线速度为C．若桶内的沙在盘转动过程中流出，则沙流出的短时间内，A的速度增加D．若桶内的沙在盘转动过程中流出，则沙流出的短时间内，A的速度减小8．如图所示，粗糙的固定斜面上放置一质量为m的木箱，斜面的倾角为α=30°，木箱与斜面间的动摩擦因数为μ=，先对木箱施一拉力F，使木箱沿斜面向上做匀速直线运动．设F的方向与水平面的夹角为θ（图中未画出），在θ从0°逆时针逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A．F一直减小B．F的最小值为mgC．F先减小后增大D．当θ=0°时，斜面对m的作用力为Fsina+mgcosa二、（一）必考题：共11题，共129分．9．在《探索弹力和弹簧伸长量的关系》的实验中，某同学根据实验测出的弹簧所受拉力F（2）弹簧原长为m．（3）弹簧的劲度系数k=N/m．（4）F与L的函数关系式为（以m为单位）．10．某同学要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．使用如下器材和装置：小球（质量为m）、秒表、米尺，一个圆锥摆（如图所示）．请在空格中填入适当的公式和文字，完成实验．①悬线一端固定于悬点O，使小球在水平面内做匀速圆周运动，记下此时小球离悬点的高度^和圆周运动的半径r，测量小球做圆周运动的周期T②小球所受的合外力F=（用m、h、r表示）．③改变，重复步骤①．④以为横坐标，为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．11．如图所示，小球从A点以固定的初速度v0水平抛出，空气阻力不计，A点右下方有一带挡板的轮子，轮子与小球运动轨迹在同一竖直面内．轮子的半径为R，抛出点A比轮轴高h，挡板的初位置在与轮轴等高的B点，调整轮轴O的位置，使平抛轨迹与轮缘相切于C，OC与OB间夹角为θ角．求：（l）小球抛出的初速度v0大小为多少；（2）小球抛出的瞬间轮子开始顺时针匀速转动，若不计挡板大小，要使小球打在挡板上，轮子转动的角速度为多少．12．如图甲所示，已知足够长的传送带与水平面成θ=15°角，质量m=1kg的小物体以v0=2m/s 的速度由P沿传送带滑入，物体滑入瞬间，传送带以加速度a无初速度逆时针加速转动，a ﹣t图象如图所示，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，试分析5秒时小物体加速度的大小并求5秒内小物体相对于传送带的位移大小．（g=10m/s2，sin15°=0.26，cos15°=0.96）【物理--选修3-3】13．下列说法正确的是（）A．温度相同的氢气和氧气，氢气分子和氧气分子的平均速率相同B．水由气态到液态，分子力对水分子做正功C．在完全失重的情况下，密闭容器内的气体对器壁压强不变D．不是满足能量守恒定律的物理过程都能自发进行E．一个氧气分子的体积为V0，标准状况下1 mol氧气的体积为V，则阿伏加德罗常数N A=14．如图所示，一个横截面积S=10cm2的容器中，有一个用弹簧和底部相连的活塞，活塞质量不计，当温度为27℃时，内外压强都为p=1×105Pa，活塞和底面相距L=20cm．在活塞上放质量m=20kg的物体，活塞静止时下降10cm，温度仍为27℃，不计活塞与容器壁的摩擦，g=10m/s2．求：i 弹簧的劲度系数k；ii 如果把活塞内气体加热到57℃，为保持活塞静止时位置仍下降10cm，活塞上应冉加物体的质量为多少．【物理--选修3-4】15．如图所示，两束不同频率的平行单色光a、b从水射入空气（空气折射率为1）发生如图所示的折射现象（α＜β），下列说法正确的是（）A．随着a、b入射角度的逐渐增加，a先发生全反射B．水对a的折射率比水对b的折射率小C．在水中的传播速度v a＞v bD．在空气中的传播速度v a＞v bE．当a、b入射角为0°时，光线不偏折，但仍然发生折射现象16．如图所示是一列横波上A、B两质点的振动图象，两质点沿波的传播方向上的距离△x=4.0m，波长大于5.0m，求这列波的波速．【物理--选修3-5】17．下列说法正确的是（）A．在单缝衍射的实验中，假设只有一个光子通过单缝，该光子不可能落在暗条纹处B．一个处于第四能级的氢原子最多能够放出3种频率的光子C．发生光电效应时，光电子的最大初动能与入射光的频率成正比D．比结合能越大，原子核越稳定E．γ射线电离能力比α射线弱，β射线穿透能力比γ射线弱18．如图所示，光滑水平面上固定一辆质量M=5kg的小车，顶端用一根长L=0.45m的不可伸长细绳拴住一小球，小球的质量m=0.2kg，小球被拉到水平位置无初速度自由释放，当小球和车接触的瞬间，突然解除小车的固定并给小车一向右的速度v0=0.64m/s，小球和车碰撞后粘在一起，g取10m/s2，求：（1）小车最终的速度：（2）全过程中小球损失的机械能．2016年云南师大附中高考物理一模试卷参考答案与试题解析一、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中．14～18题只有一个选项正确；19～21韪有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有错选的得．分．1．如图所示，河水的流速为v=8m/s，一条船要从河的南岸A点沿与河岸成37°角的直线航行判北岸下游某处，则船的开行速度（相对于承的速度）最小为（sin37°=0.6，cos37°=0.8）（）A．4m/s B．4.8m/s C．6mn/s D．8m/s【考点】运动的合成和分解．【分析】已知合速度的方向以及一分速度的方向（水流速），根据平行四边形定则确定另一分速度（静水速度）的最小值．【解答】解：由题意知船的最小时，速度方向应该垂直合速度方向，则最小速度速度v min=vsin37°=4.8m/s，故B正确；故选：B2．如图所示，物体以一定的初速度从A点冲上固定的粗糙斜面，到达斜面最高点C后沿斜面反向下滑，已知物体沿斜面向上运动到AC长度处的B点时，所用时间为t，则（）A．物体由B到C的时间为B．物体由C到B的时间为tC．物体由A到C的时间为2t D．物体由C到A的时间小于2t【考点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【分析】采用逆向思维，结合匀变速直线运动的位移时间公式求出CB、CA的时间之比，从而得出CB与BA的时间之比，得出物体从B滑到C所用的时间．【解答】解：物体向上匀减速运动，相当于从静止向下匀加速运动，则：根据x=得：t=因为CB与CA的位移之比为1：4，则CB与CA的时间之比为1：2，所以CB与BA的时间之比为1：1．则物体从B运动到C的时间t BC=t．故BC正确，AD错误．故选：BC．3．如图所示，物体A、B、C放在光滑水平面上用细线a、b连接，力F作用在A上，使三物体一起在水平面上运动，若在B上放一小物体D，D随B一起运动，且拉力，保持不变，那么加上物体D后两绳中拉力的变化是（）A．T a不变B．T b增大C．T a变小D．T b变小【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】要比较绳子的拉力如何变化，必需求出绳子拉力的具体数值：在放置D之前，以整体为研究对象求出整体的加速度，进而求出两段绳子各自的拉力；在放置D之后以整体为研究对象求出整体的加速度，进而求出两段绳子各自的拉力．【解答】解：由于物体的质量增加，力F不变，根据牛顿第二定律，对整体而言，加速度a 减小，对物体C：T b=m C a，所以T b变小，故B错误，D正确．对物体A：F﹣T a=m A a，所以T a增大，故A、C错误．故选：D4．如图所示，质量为M、倾角为θ的斜面体C静止于粗糙的水平面上，质量为m A和m B 的A、B保持相对静止一起沿斜面下滑，B、C接触面光滑，则（）A．地面对C没有摩擦力的作用B．地面对C的支持力大小为（M+m A+m B）gC．B对A的摩擦力方向水平向左，大小为m A gsinθcosθD．A对B的压力大小为m A g【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【分析】对A、B、C整体受力分析，求出整体的加速度，再根据牛顿第二定律求地面对C 的支持力和摩擦力；再隔离A受力分析，列出水平方向牛顿定律的分量式．【解答】解：A、B沿斜面向下的加速度a=gsinθ，水平方向a x=gsinθcosθ，，选整体分析，由于A、B有向左的加速度a x，地面对C的摩擦力方向向左，同理，地面对C 的支持力小于（M+m A+m B）g，A、B错误．=m A a x=m A gsinθcosθ，C正确．同理，B对A的支持力小于重力，CD、隔离A物体，F静A所以A对B的压力小于m A g，D错误．故选：C5．如图所示，从倾角为θ的足够长斜面上的A点将﹣小球以初速度v0水平抛出，空气阻力不计，小球落在斜面上，则（）A．平抛运动可以分解为沿斜面向下的匀速直线运动和垂直于斜面的匀减速直线运动B．小球离斜面距离最大和刚接触斜面时，沿斜面方向的位移之比为1：4C．小球在空中运动的时间为D．小球离斜面的最大距离为【考点】平抛运动．【分析】可以将平抛运动分解为沿斜面方向和垂直斜面方向，在垂直于斜面方向做匀减速直线运动，沿斜面方向做匀加速直线运动，当垂直于斜面方向的速度为零时，距离斜面最远，结合速度公式和位移公式进行求离坡面的最远距离．也可以将平抛运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住竖直位移和水平位移的关系求出运动的时间．【解答】解：AD、采用正交分解法，将平抛运动分解到沿斜面和垂直于斜面两个方向上，沿x轴方向做匀加速直线运动，沿y轴方向做匀减速直线运动，有：v0x=v0cosθ，v0y=v0sinθ，a x=gsinθ a y=gcosθ设最远距离为h，则有：h=联立解得：h=．故A错误，D正确．BC、将平抛运动分解为水平方向和竖直方向，在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．球落在斜面上时，有tanθ===，得t=小球离斜面距离最大速度与斜面平行，设所用时间为t′，则有v y′=v0tanθ=gt′得t′=可知t′=根据上面分析知，小球沿斜面向下做初速度不为零的匀加速直线运动，所以小球离斜面距离最大和刚接触斜面时，沿斜面方向的位移之比不为1：4．故BC错误．故选：D6．如图所示，水平向左运动的小车内有一固定光滑斜面，一个小球通过细绳与车顶相连，细绳始终保持竖直，关于小球的受力情况，下列说法正确的是（）A．小球可能只受重力和支持力B．小球可能只受重力和拉力C．斜面对小球的作用力不可能小于小球的重力D．小球不可能受到三个力的作用【考点】物体的弹性和弹力．【分析】小车向左的运动分为三种情况进行讨论：匀速直线运动、匀加速直线运动和匀减速直线运动，根据牛顿第二定律分析小球的受力情况．【解答】解：若小车向左加速直线运动，小球的加速度水平向左，根据牛顿第二定律得知，小球所受的合力水平向左，小球受到重力、斜面的支持力两个力或受到重力、斜面的支持力和细绳的拉力三个力的作用；若小车向左减速直线运动，小球的加速度水平向右，根据牛顿第二定律得知，小球所受的合力水平向右，小球受到重力细绳的拉力二个力的作用，但细绳向左偏，故不满足题意；若小车向右匀速运动，小球可能只受到重力和拉力两个力作用，斜面的支持力为零．故选：AB．7．如图所示，细线的一端系着质量为M的物体A，A相对于光滑的水平转盘静止，细线另一端通过转盘中心的光滑小孔O吊着一个质量为m（沙和桶的总质量）的沙桶B．A（视为质点）到O点的距离为L（）A．若桶内沙不流出且保持B的高度不变，则盘的角速度为B．若桶内沙不流出且保持B的高度不变，则A的线速度为C．若桶内的沙在盘转动过程中流出，则沙流出的短时间内，A的速度增加D．若桶内的沙在盘转动过程中流出，则沙流出的短时间内，A的速度减小【考点】动能定理的应用；向心力．【分析】分析A的受力情况，明确向心力来源，根据向心力公式可求得转动的角速度，根据线速度和角速度关系可求得线速度；分析沙桶重力减轻后物体的受力情况，从而明确其运动情况，再根据功的公式分析拉力做功，由动能定理即可明确速度的变化．【解答】解：选A为研究对象，根据向心力公式可知：mg=MLω2解得：ω=；故A正确；B、由v=ωL可知，线速度v=；故B错误；C、当有沙流出，拉力不够提供向心力，物体将做离心运动，力与速度所成角度为钝角，拉力做负功，所以A速度减小，故C错误，D正确．故选：AD．8．如图所示，粗糙的固定斜面上放置一质量为m的木箱，斜面的倾角为α=30°，木箱与斜面间的动摩擦因数为μ=，先对木箱施一拉力F，使木箱沿斜面向上做匀速直线运动．设F的方向与水平面的夹角为θ（图中未画出），在θ从0°逆时针逐渐增大到90°的过程中，木箱的速度保持不变，则（）A．F一直减小B．F的最小值为mgC．F先减小后增大D．当θ=0°时，斜面对m的作用力为Fsina+mgcosa【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】对木箱进行受力分析，根据共点力平衡，利用正交分解，在沿斜面方向和垂直于斜面方向都平衡，进行求解．【解答】解：A、对m受力分析如图1：由于摩擦力与支持力之间的关系为：f=μF N设支持力和摩擦力的合力与支持力方向的夹角为β，不论F如何变，β均不变，则：tanβ=所以：β=30°若将摩擦力和支持力的合力看作一个力，则木箱受到三个力的作用，根据三个力的作用下共点力平衡的条件可知，任意两个力的合力与第三个力一定大小相等，方向相反；在θ从0°逆时针逐渐增大到90°的过程中的受力如图2：由图可知，当力F由水平逐渐变成竖直向上的过程中，F的大小是先减小后增大，并且根据矢量合成可知，当F的方向与支持力和摩擦力的合力的方向垂直时，F最小，由几何关系可知此时F与水平方向之间的夹角：θ=α+β=30°+30°=60°F的大小：F=．故A错误，BC正确；D、当θ=0°时，由平衡条件得：Fcosθ﹣mgsinθ﹣μF N=0，F N ﹣Fsinθ﹣mgcosθ=0，解得：F N=Fsinα+mgcosα．由于斜面对m的作用力是支持力与摩擦力的合力，故D错误．故选：BC二、（一）必考题：共11题，共129分．9．在《探索弹力和弹簧伸长量的关系》的实验中，某同学根据实验测出的弹簧所受拉力F L（2）弹簧原长为0.050m．（3）弹簧的劲度系数k=200N/m．（4）F与L的函数关系式为F=200（L﹣0.050）（以m为单位）．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】根据弹簧的弹力和形变量作出F﹣l的图线，结合图线得出函数表达式，图线的斜率表示弹簧的劲度系数，结合胡克定律求出弹簧的伸长量【解答】解：（1）弹簧弹力F和弹簧的长度l的图线如图所示（2）根据图线知，横截距即为弹簧的原长5cm=0.050m（3）图象斜率的物理意义表示劲度系数k==200N/m．（4）根据胡克定律得，F=kx，得F=（x﹣L0）=200（L﹣0.050）．故答案为：（1）如图所示，（2）0.050，（3）200，（4）F=200（L﹣0.050）．10．某同学要验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．使用如下器材和装置：小球（质量为m）、秒表、米尺，一个圆锥摆（如图所示）．请在空格中填入适当的公式和文字，完成实验．①悬线一端固定于悬点O，使小球在水平面内做匀速圆周运动，记下此时小球离悬点的高度^和圆周运动的半径r，测量小球做圆周运动的周期T②小球所受的合外力F=（用m、h、r表示）．③改变高度h，重复步骤①．④以T2为横坐标，h为纵坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【分析】②小球做匀速圆周运动，合外力指向圆心提供向心力，根据几何关系求解合力；③改变高度h，重复步骤①；④根据向心力公式求出高度与周期的表达式求解即可．【解答】解：②小球做匀速圆周运动，合外力指向圆心提供向心力，对小球受力分析，设细线与竖直方向的夹角为θ，根据几何关系得：=mgtanθ=，F合③改变高度h，重复步骤①．④根据向心力公式得：解得：，以h为纵坐标，T2为横坐标，根据实验数据作图．如能得到一条过原点的直线，则可以验证“当质量一定时，物体运动的加速度与它所受的合外力成正比”这一物理规律．故答案为：②；③高度h；④T2；h11．如图所示，小球从A点以固定的初速度v0水平抛出，空气阻力不计，A点右下方有一带挡板的轮子，轮子与小球运动轨迹在同一竖直面内．轮子的半径为R，抛出点A比轮轴高h，挡板的初位置在与轮轴等高的B点，调整轮轴O的位置，使平抛轨迹与轮缘相切于C，OC与OB间夹角为θ角．求：（l）小球抛出的初速度v0大小为多少；（2）小球抛出的瞬间轮子开始顺时针匀速转动，若不计挡板大小，要使小球打在挡板上，轮子转动的角速度为多少．【考点】线速度、角速度和周期、转速；平抛运动．【分析】（1）根据平抛运动规律进行分析，根据几何关系确定小球抛出后的水平位移和竖直位移，从而求出小球的初速度；（2）要使小球打在档板上，则当小球落到C点时，档板也应恰好到达，则可明确档板转动的对应的角度，再根据角速度公式即可求出对应的角速度，注意档板可能是转多圈后到达．【解答】解：（1）由题意根据平抛运动规律可知：竖直方向上有：…①…②根据平行四边形定则可知：…③联立解得：…④（2）要使小球打在档板上，应使档板和小球同时到达原来的C点，则可知：2kπ﹣θ=ωt（k=1，2，3…）…⑤联立①⑤可解得：…⑥答：（l）小球抛出的初速度v0大小为；（2）小球抛出的瞬间轮子开始顺时针匀速转动，若不计挡板大小，要使小球打在挡板上，轮子转动的角速度为（2kπ﹣θ）（k=1，2，3…）12．如图甲所示，已知足够长的传送带与水平面成θ=15°角，质量m=1kg的小物体以v0=2m/s 的速度由P沿传送带滑入，物体滑入瞬间，传送带以加速度a无初速度逆时针加速转动，a ﹣t图象如图所示，物体与传送带间的动摩擦因数μ=0.1，试分析5秒时小物体加速度的大小并求5秒内小物体相对于传送带的位移大小．（g=10m/s2，sin15°=0.26，cos15°=0.96）【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】根据a﹣t图象知传送带的加速度大小和传送带的速度，与物体速度比较知物体受力，根据牛顿运动定律知物体加速度；根据运动分析画出两者v﹣t图象，根据图象面积表示位移，根据位移关系知相对位移．【解答】解：（1）初始时刻对物体受力分析知：mgsin15°﹣μmgcos15°=ma1解得：a1=10×0.26﹣0.1×0.96×10=1.64m/s2，加速度小于传送带加速度2.64m/s2设t时两者速度相等，即：v0+a1t=at解得t=2s，即2s时两者共速，速度大小为：v1=at=5.28m/s此后物体摩擦力改为向下，最大加速度为：a1m=mgsin15°+μgcos15°=10×0.26+0.1×0.96×10=3.56m/s2＞2.64m/s2，故2﹣4s可以传送带相对静止，加速度大小为2.64m/s2，末速度为：v2=at=2.64×4=10.56m/s 4s后传送带加速度大，物体相对传送带落后，故加速度为最大加速度，即为3.56m/s2（2）根据以上分析做出两物体的v﹣t图象，红色为传送带的，黑色为物体的，根据图象面积表示位移，则小物体相对于传送带的位移大小为：△s==1.78m答：5秒时小物体加速度的大小为3.56m/s25秒内小物体相对于传送带的位移大小为1.78m．【物理--选修3-3】13．下列说法正确的是（）A．温度相同的氢气和氧气，氢气分子和氧气分子的平均速率相同B．水由气态到液态，分子力对水分子做正功C．在完全失重的情况下，密闭容器内的气体对器壁压强不变D．不是满足能量守恒定律的物理过程都能自发进行E．一个氧气分子的体积为V0，标准状况下1 mol氧气的体积为V，则阿伏加德罗常数N A=【考点】热力学第二定律；阿伏加德罗常数；热力学第一定律．【分析】温度相同的氢气和氧气，分子的平均动能相同；根据内能的变化与分子势能的变化判定分子力做功；气体压强是由于气体分子的无规则运动而产生的对器壁的撞击而产生的，与气体的运动状态无关．自然界一切发生的能量转化过程都具有单向特性，遵守热力学第二定律．【解答】解：A、温度是分子的平均动能的标志，温度相同的氢气和氧气，分子的平均动能相同，但氢气分子和氧气分子的质量不同，所以平均速率不相同．故A错误；B、水由气态到液态的过程中放出热量而温度不变，分子的平均动能不变，所以水的分子势能减小，说明分子力对水分子做正功；故B正确；C、气体压强是由于分子的无规则运动而撞击器壁产生的，物体在失重状态下仍会有撞击作用，故压强不变．故C正确；D、满足能量守恒定律的物理过程不一定能自发进行，还要遵守热力学第二定律．故D正确；E、气体分子之间的距离比较大，所以若一个氧气分子的体积为V0，标准状况下1 mol氧气的体积为V，则阿伏加德罗常数不能使用N A=进行计算．故E错误．故选：BCD14．如图所示，一个横截面积S=10cm2的容器中，有一个用弹簧和底部相连的活塞，活塞质量不计，当温度为27℃时，内外压强都为p=1×105Pa，活塞和底面相距L=20cm．在活塞上放质量m=20kg的物体，活塞静止时下降10cm，温度仍为27℃，不计活塞与容器壁的摩擦，g=10m/s2．求：i 弹簧的劲度系数k；ii 如果把活塞内气体加热到57℃，为保持活塞静止时位置仍下降10cm，活塞上应冉加物体的质量为多少．【考点】理想气体的状态方程．【分析】（i）研究汽缸内的气体根据玻意耳定律列方程求出末态压强，再根据活塞的受力平衡求出劲度系数k（ii ）气缸中的气体初末状态体积相同，根据状态方程列式求末态压强，再根据受力平衡求增加的质量【解答】解：i．研究气缸内的气体，根据波意耳定律p1=p0，V1=LS，p2=？，①p1V1=p2V2②由①②得p2=2p0③。
云南省昆明一中高三上学期第六次月考物理试卷 Word版
2015-2016学年云南省昆明一中高三（上）第六次月考物理试卷一、选择题1．下列说法正确的是（）A．加速度的单位是m/s2，由公式a=可知它是由m/s和s两个基本单位组合而成的B．力做功有正功和负功，因此功是矢量C．牛顿开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D．重心、合力等概念的建立都体现了等效替代的思想2．如图所示水平传送带A、B两端点相距x=4m，以v0=2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转．今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10m/s2．由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．则小煤块从A运动到B的过程中（）A．所用的时间是s B．所用的时间是0.5sC．划痕长度是4m D．划痕长度是0.5m3．甲、乙两双星相距为L，质量之比M甲：M乙=2：3，它们离其他天体都很遥远，我们观察到它们的距离始终保持不变，由此可知（）A．甲、乙两恒星的线速度之比3：2B．甲、乙两恒星的角速度之比为2：3C．甲、乙两恒星的线速度之比为：D．甲、乙两恒星的向心加速度之比为2：34．如图所示，一质量为m的物体A恰能在倾角为α，质量为M的斜面体上匀速下滑．若用与斜面平行的大小为F的力推A，使A加速下滑，斜面体始终静止．下列关于斜面体受地面的摩擦力和支持力的说法正确的是（）A．斜面体受地面的摩擦力大小为0B．斜面体受地面的摩擦力方向水平向左，大小为FcosαC．斜面体受地面支持力增大D．斜面体受地面的摩擦力方向水平向右，大小为Fcosα5．质量为m的带电小球在正交的匀强电场、匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道平面在竖直平面内，电场方向竖直向下，磁场方向垂直圆周所在平面向里，如图所示，由此可知（）A．小球带正电B．小球带负电C．小球沿顺时针方向运动 D．小球机械能守恒6．在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，v 为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大 B．通过R2的电流变小C．小灯泡消耗的功率变小 D．电源两端的电压变大7．如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场分布在等腰直角三角形OPQ区域内，另有一个等腰直角三角形导线框ABC以恒定的速度穿过磁场，关于线框中的感应电流，以下说法中正确的是（）A．开始进入磁场时感应电流沿逆时针方向B．开始进入磁场时感应电流最大C．开始穿出磁场时感应电流最大D．即将完全穿出磁场时感应电流最小8．如图所示，一质量为m的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端固定于O点，另一端与该小球相连，现将小球从A点由静止释放，沿竖直杆下降到B点，已知OA长度小于OB 长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹性势能相等．关于小球从A运动到B的过程，下列说法正确的是（）A．从A到B的过程中，小球动能的变化量与重力做的功相等B．弹簧弹力对小球先做正功再做负功C．加速度等于重力加速度g的位置只有一个D．弹簧弹力的功率为零的位置有三个三、非选择题9．在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，以下说法正确的是（）A．弹簧被拉伸时，所挂钩码越多，误差越小B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等10．某同学做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用刻度尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上砝码后测量弹簧伸长后的长度L，把L﹣L0作为弹簧的伸长量x．这样操作，由于弹簧自身重力影响，最后画出的图线可能是（）A．B．C．D．11．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为V；灯泡L2消耗的功率为W．12．如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．已知拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t，A、B两点间距离为d，到B点绳与水平面成的角为θ角，缆绳质量忽略不计．求：（1）小船从A点运动到B点的全过程克服阻力做的功W f；（2）小船经过B点时的速度大小v1．（3）小船经过B点时电动机拖动缆绳的速度大小v2．13．“太空粒子探测器”是由加速、偏转和收集三部分组成．其原理可简化如下：如图所示，辐射状的加速电场区域边界为两个同心平行半圆弧面，圆心为M，外圆弧面AB与内圆弧面CD的电势差为U．图中偏转磁场分布在以P为圆心，半径为3R的圆周内，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外；内有半径为R的圆盘（圆心在P处）作为收集粒子的装置，粒子碰到圆盘边缘即被吸收．假设太空中漂浮着质量为m，电量为q的带正电粒子，它们能均匀地吸附到AB圆弧面上，并被加速电场从静止开始加速，从M点以某一速率向右侧各个方向射人偏转磁场，不计粒子间的相互作用和其他星球对粒子引力的影响．（1）粒子到达M点的速率？（2）若电势差U=，则粒子从M点到达圆盘的最短时间是多少？【物理—选修3—4】14．如图，一轻弹簧一端固定，另一端连接一物块构成弹簧振子，该物块是由a、b两个小物块粘在一起组成的．物块在光滑水平面上左右振动，振幅为A0，周期为T0．当物块向右通过平衡位置时，a、b之间的粘胶脱开；以后小物块a振动的振幅和周期分别为A和T，则（）A．A=A0B．A＜A0C．T＞T0D．T＜T015．如图所示，一个横截面为直角三角形的三棱镜，∠A=30°，∠C=90°．三棱镜材料的折射率是n=．一束与BC面成θ=30°角的光线射向BC面．①试通过计算说明在AC面下方能否观察到折射光线？②作出三棱镜内完整的光路图，指出最终的出射光线与最初的入射光线之间的夹角．【物理—选修3—5】16．下列说法中正确的是（）A．原子核的结合能是指核子结合成原子核而具有的能量B．聚变又叫核热反应，氢弹爆炸就是热核反应C．和具有相同的质子数D．γ射线具有很强的穿透能力，在真空中传播的速度是3.0×108m/sE．10个轴235核经过一个半衰期一定还剩5个轴235核17．如图所示，质量分别为m A=0.1kg，m B=0.3kg的两个小球A、B（可视为质点）处于同一竖直方向上，B球在水平地面上，A球在其正上方高度为H处．现以初速度v0=10m/s将B球竖直向上抛出，与此同时将A球由静止释放，二者在运动过程中相碰，碰撞时间极短，碰后瞬间B球速度恰好为零，A球恰好返回释放点，重力加速度大小为g=10m/s2，忽略空气阻力．求：①A、B两球最初相距的高度H；②A、B两球碰撞过程中损失的机械能△E．2015-2016学年云南省昆明一中高三（上）第六次月考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．下列说法正确的是（）A．加速度的单位是m/s2，由公式a=可知它是由m/s和s两个基本单位组合而成的B．力做功有正功和负功，因此功是矢量C．牛顿开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法D．重心、合力等概念的建立都体现了等效替代的思想【考点】重心；矢量和标量．【分析】在国际单位制中力学基本单位只有kg、m、s；功的正负表示是动力做功还是阻力做功，不表示方向，标量；理想化模型是抓主要因素，忽略次要因素得到的．知道比值定义法的含义，记住著名物理学家的主要贡献．【解答】解：A、速度单位m/s不是基本单位，故A错误；B、力做功的正负反映物体做功是动力做功还是阻力做功，不是表示力做功的方向，故不是矢量，故B错误；C、伽利略开创了实验研究和逻辑推理相结合探索物理规律的科学方法，故C错误；D、重心、合力和交变电流的有效值等概念的建立都体现了等效替代的思想，故D正确．故选：D2．如图所示水平传送带A、B两端点相距x=4m，以v0=2m/s的速度（始终保持不变）顺时针运转．今将一小煤块（可视为质点）无初速度地轻放至A点处，已知小煤块与传送带间的动摩擦因数为0.4，g取10m/s2．由于小煤块与传送带之间有相对滑动，会在传送带上留下划痕．则小煤块从A运动到B的过程中（）A．所用的时间是s B．所用的时间是0.5sC．划痕长度是4m D．划痕长度是0.5m【考点】牛顿运动定律的综合应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【分析】物体静止从皮带左端释放，在滑动摩擦力的作用下做匀加速运动，当速度与皮带速度相同时，物体随着皮带一起匀速运动，明确滑块的运动形式，知道划痕长度即为相等位移大小．【解答】解：煤块在传送带上滑动时，根据牛顿第二定律有：mgμ=ma因此解得a=4m/s2．当煤块速度和传送带速度相同时，位移为：s1==0.5m＜4m因此煤块先加速后匀速运动：加速时间为：t1===0.5s匀速时间为：t2===1.75s小煤块从A运动到B的过程中总时间为：t=t1+t2=0.5+1.75=2.25s，故A错误，B错误；在加速阶段产生相对位移即产生划痕，固有：△s=v0t1﹣s1=2×0.5﹣0.5=0.5m，故C错误，D正确．故选：D．3．甲、乙两双星相距为L，质量之比M甲：M乙=2：3，它们离其他天体都很遥远，我们观察到它们的距离始终保持不变，由此可知（）A．甲、乙两恒星的线速度之比3：2B．甲、乙两恒星的角速度之比为2：3C．甲、乙两恒星的线速度之比为：D．甲、乙两恒星的向心加速度之比为2：3【考点】万有引力定律及其应用．【分析】甲、乙两恒星的距离始终保持不变，靠相互间的万有引力提供向心力，具有相同的角速度．根据万有引力定律和向心力公式求解线速度之比和向心加速度之比．【解答】解：B、据题可知甲、乙两恒星的距离始终保持不变，围绕两星连线上的一点做匀速圆周运动，靠相互间的万有引力提供向心力，角速度一定相同，故B错误．A、C、双星靠相互间的万有引力提供向心力，角速度大小相等，向心力大小相等，则有：m甲r甲ω2=m乙r乙ω2，得：==根据v=rω，知v甲：v乙=r甲：r乙=3：2．故A正确，C错误．D、根据a=rω2知，向心加速度之比a甲：a乙=r甲：r乙=3：2，故D错误．故选：A4．如图所示，一质量为m的物体A恰能在倾角为α，质量为M的斜面体上匀速下滑．若用与斜面平行的大小为F的力推A，使A加速下滑，斜面体始终静止．下列关于斜面体受地面的摩擦力和支持力的说法正确的是（）A．斜面体受地面的摩擦力大小为0B．斜面体受地面的摩擦力方向水平向左，大小为FcosαC．斜面体受地面支持力增大D．斜面体受地面的摩擦力方向水平向右，大小为Fcosα【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【分析】未加推力F时，物体m沿斜面匀速下滑，而斜面体静止不动，两者都处于平衡状态，可以作为整体处理，分析地面对斜面体有无摩擦力．再研究施加推力F的情况，物块对斜面体的作用力没有变化，分析可知斜面体的受力情况不改变．【解答】解：在未加推力F时，物块m沿斜面匀速下滑，而斜面体静止不动，两者都处于平衡状态，以整体为研究对象，分析可知，竖直方向上受到总重力和地面的支持力，由平衡条件得知，地面的支持力大小等于总重力．水平方向上地面对斜面体没有摩擦力．施加推力F后，物块对斜面体的压力和摩擦力没有变化，则斜面体的受力情况没有改变，所以斜面体受到的地面的摩擦力仍然为零，地面对斜面体的支持力仍然等于总重力，保持不变，则斜面体对地面的压力也保持不变，故A正确，BCD错误．故选：A5．质量为m的带电小球在正交的匀强电场、匀强磁场中做匀速圆周运动，轨道平面在竖直平面内，电场方向竖直向下，磁场方向垂直圆周所在平面向里，如图所示，由此可知（）A．小球带正电B．小球带负电C．小球沿顺时针方向运动 D．小球机械能守恒【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】小球受重力、电场力和洛伦兹力提供向心力，因为重力和电场力是恒力，不可能在整个过程中提供向心力，使小球做匀速圆周运动．知小球受重力和电场力平衡，靠洛伦兹力提供向心力．根据重力和电场力平衡确定小球的电性，根据洛伦兹力的方向确定小球旋转的方向．【解答】解：AB、小球做匀速圆周运动，靠洛伦兹力提供向心力，则mg=qE，电场力方向竖直向上，那么小球带负电，故A错误，B正确；C、根据左手定则，小球沿顺时针方向运动，故C正确；D、有电场力做功，小球机械能不守恒，故D错误．故选：BC．6．在如图所示的电路中，电源的电动势为E，内阻为r，L为小灯泡（其灯丝电阻可视为不变），R1、R2为定值电阻，R3为光敏电阻，其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小，v 为理想电压表．若将照射R3的光的强度减弱，则（）A．电压表的示数变大 B．通过R2的电流变小C．小灯泡消耗的功率变小 D．电源两端的电压变大【考点】闭合电路的欧姆定律；路端电压与负载的关系．【分析】由光敏电阻的性质可知电路中电阻的变化，则由闭合电路欧姆定律可得出电路中电流的变化，由欧姆定律可得出电压表示数的变化；同时还可得出路端电压的变化；由串联电路的规律可得出并联部分电压的变化，再由并联电路的规律可得出通过小灯泡的电流的变化，由功率公式即可得出灯泡功率的变化．【解答】解：A、光敏电阻光照减弱，故光敏电阻的阻值增大，电路中的总电阻增大；由闭合电路欧姆定律可得，电路中电流减小，故R1两端的电压减小，故A错误；B、因电路中电流减小，故内压减小，路端电压增大，同时R1两端的电压减小，故并联电路部分电压增大；则流过R2的电流增大，故B错误；C、由并联电路的电流规律可知，流过灯泡的电流一定减小，故由P=I2R可知，小灯泡消耗的功率变小，故C正确；D、电源两端的电压为路端电压，由B的分析可知，电源两端的电压变大，故D正确；故选CD．7．如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场分布在等腰直角三角形OPQ区域内，另有一个等腰直角三角形导线框ABC以恒定的速度穿过磁场，关于线框中的感应电流，以下说法中正确的是（）A．开始进入磁场时感应电流沿逆时针方向B．开始进入磁场时感应电流最大C．开始穿出磁场时感应电流最大D．即将完全穿出磁场时感应电流最小【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．【分析】由楞次定律判定感应电流的方向，电流的大小由感应电动势决定，电动势由切割导体的有效长度决定．【解答】解：A、由右手定则，可判定部分导体切割磁感线产生的感应电流方向为C到A，即感应电流沿逆时针方向，故A正确B、感应电流I=，E=Blv，当开始进入磁场时感应电动势最大，此时，感应电流最大，故B正确C、开始穿出时切割长度最小，故感应电流最小；故C错误；D、即将完全穿出磁场时，切割长度为AB，故切割长度最大，故感应电流最大；故D错误；故选：AB．8．如图所示，一质量为m的小球套在光滑竖直杆上，轻质弹簧一端固定于O点，另一端与该小球相连，现将小球从A点由静止释放，沿竖直杆下降到B点，已知OA长度小于OB 长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹性势能相等．关于小球从A运动到B的过程，下列说法正确的是（）A．从A到B的过程中，小球动能的变化量与重力做的功相等B．弹簧弹力对小球先做正功再做负功C．加速度等于重力加速度g的位置只有一个D．弹簧弹力的功率为零的位置有三个【考点】功能关系；功的计算．【分析】弹力为0时或弹力方向与杆垂直时物体加速度为g，且弹力功率为0．因A，B弹力大小相等则弹性势能相等．据此分析各选项．【解答】解：A、由于弹簧处于OA、OB两位置时弹性势能相等，所以从A到B的过程中，小球动能的变化量与重力做的功相等．故A正确；B、由于OA长度小于OB长度，弹簧处于OA、OB两位置时弹性势能相等，可知在小球运动的过程中，开始时弹簧处于压缩状态，力的方向与运动方向夹角大于90°，故弹力做负功；故B错误；C、在运动过程中A点为压缩状态，B点为伸长状态，则由A到B有一状态弹力为0且此时弹力与杆不垂直，加速度为g；当弹簧与杆垂直时小球加速度为g．则两处加速度为g．故C错误；D、A处速度为零，弹力功率为零；下滑过程弹簧弹力与杆子垂直时，弹力功率为零；当原长时弹力为零，功率为零，故弹力功率为0共有3处，故D正确；故选：AD．三、非选择题9．在“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验中，以下说法正确的是（）A．弹簧被拉伸时，所挂钩码越多，误差越小B．用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，应保证弹簧位于竖直位置且处于平衡状态C．用直尺测得弹簧的长度即为弹簧的伸长量D．用几个不同的弹簧，分别测出几组拉力与伸长量，得出拉力与伸长量之比相等【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】在《探索弹力和弹簧伸长的关系》实验中，弹簧的弹力与变化量的关系满足F=kx，其中k由弹簧本身决定．【解答】解：A、弹簧被拉伸时，不能超出它的弹性限度，否则弹簧会损坏，故A错误．B、用悬挂钩码的方法给弹簧施加拉力，要保证弹簧位于竖直位置，使钩码的重力等于弹簧的弹力，要待钩码平衡时再读数，故B正确．C、弹簧的长度不等于弹簧的伸长量，伸长量等于弹簧的长度即弹簧的原长，故C错误．D、拉力与伸长量之比是劲度系数，由弹簧决定，同一弹簧的劲度系数是不变的，不同的弹簧的劲度系数不同，故D错误．故选：B．10．某同学做“探究弹力和弹簧伸长的关系”的实验，他先把弹簧平放在桌面上使其自然伸长，用刻度尺测出弹簧的原长L0，再把弹簧竖直悬挂起来，挂上砝码后测量弹簧伸长后的长度L，把L﹣L0作为弹簧的伸长量x．这样操作，由于弹簧自身重力影响，最后画出的图线可能是（）A．B．C．D．【考点】探究弹力和弹簧伸长的关系．【分析】首先弄清横轴和纵轴代表的含义，在这里x代表的是弹簧的伸长量，即L﹣L0，最后综合判断选取答案．【解答】解：（1）实验中用横轴表示弹簧的伸长量x，纵轴表示弹簧的拉力F（即所挂重物的重力大小）（2）弹簧平放时测量自然长度，此时弹簧伸长量为0cm；（3）当竖直悬挂时，由于自身重力的影响弹簧会有一段伸长量，但此时所挂重物的重力为0N（即：F=0N）（4）因为在弹簧的弹性限度内，弹簧的伸长与其所受的拉力成正比，综合上述分析四个图象中只有C符合．故选C．11．某同学通过实验研究小灯泡的电流与电压的关系．可用的器材如下：电源、滑动变阻器、电流表、电压表、不同规格的小灯泡两个、电键、导线若干．（1）实验中移动滑动变阻器滑片，得到了小灯泡L1的U﹣I图象如图（a）中的图线L1，则可知小灯泡L1的电阻随电压增大而增大（选填“增大”、“减小”或“不变”）．（2）为了得到图（a）中的图线，请将图（b）中缺少的两根导线补全，连接成实验的电路（其中电流表和电压表分别测量小灯泡的电流和电压）．（3）换小灯泡L2重做实验，得到其U﹣I图象如图（a）中的图线L2，现将这两个小灯泡并联连接在电动势3V、内阻6Ω的电源两端，则此时电源两端的电压为0.6V；灯泡L2消耗的功率为0.09W．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【分析】在小灯泡的U﹣I图象中，图象上的与原点连线的斜率表示小灯泡电阻的大小，所以小灯泡电阻随电流的最大而增大；本题的难点是当把AB间的导线误接在AC之间时，滑动变阻器的连接情况：的滑动触头打到最左端或最右端时变阻器均短路，此时小灯泡功率最大，的滑动触头在中间时，变阻器的有效电阻最大．【解答】解：（1）由图象根据欧姆定律R=知，小灯泡的电阻随电压增大而增大．（2）由于小灯泡的电阻远小于电压表的内阻，电流表应用外接法；又电流与电压从零逐渐增大，故滑动变阻器应用分压式接法，实物图如图，（3）电动势为3V，内阻为6Ω，则短路电流==0.5A，在小灯泡的U﹣P图象中，连接U=3V与I=0.5A两点，画出表示电源的U﹣I图象，如图所示；要使两灯泡并联后接在电源两端，应符合闭合电路欧姆定律，则电源的输出电压与两灯泡电压相等，且路端电压与内压之和等于电动势；由图可知，输出电压应为0.6V，此时灯泡L2的电流为0.15A，则其功率P=UI=0.6×0.15=0.09W；故答案为（1）增大（2）如图（3）0.6；0.09．12．如图，用跨过光滑定滑轮的缆绳将海面上一艘失去动力的小船沿直线拖向岸边．已知拖动缆绳的电动机功率恒为P，小船的质量为m，小船受到的阻力大小恒为f，经过A点时的速度大小为v0，小船从A点沿直线加速运动到B点经历时间为t，A、B两点间距离为d，到B点绳与水平面成的角为θ角，缆绳质量忽略不计．求：（1）小船从A点运动到B点的全过程克服阻力做的功W f；（2）小船经过B点时的速度大小v1．（3）小船经过B点时电动机拖动缆绳的速度大小v2．【考点】动能定理的应用；运动的合成和分解．【分析】（1）由题阻力大小恒定，直接根据功的表达式求出克服阻力所做的功；（2）小船从A点运动到B点，电动机牵引缆绳对小船做功为W=Pt，运用动能定理求出小船经过B点时的速度；（3）由于绳子不可以伸长，故小船速度平行绳子的分速度等于电动机拖动缆绳的速度．【解答】解：（1）小船从A点运动到B点过程中克服阻力做功：W f=fd（2）小船从A点运动到B点，电动机牵引缆绳对小船做功：W=Pt由动能定理有：W﹣W f=mv12﹣mv02由三式联立解得：（3）小船到B点时，由运动的分解可知：v2=v1 cosθ=cosθ答：（1）小船从A点运动到B点的全过程克服阻力做的功W f为fd；（2）小船经过B点时的速度大小v1为；（3）小船经过B点时电动机拖动缆绳的速度大小v2为cosθ．13．“太空粒子探测器”是由加速、偏转和收集三部分组成．其原理可简化如下：如图所示，辐射状的加速电场区域边界为两个同心平行半圆弧面，圆心为M，外圆弧面AB与内圆弧面CD的电势差为U．图中偏转磁场分布在以P为圆心，半径为3R的圆周内，磁感应强度大小为B，方向垂直纸面向外；内有半径为R的圆盘（圆心在P处）作为收集粒子的装置，粒子碰到圆盘边缘即被吸收．假设太空中漂浮着质量为m，电量为q的带正电粒子，它们能均匀地吸附到AB圆弧面上，并被加速电场从静止开始加速，从M点以某一速率向右侧各个方向射人偏转磁场，不计粒子间的相互作用和其他星球对粒子引力的影响．（1）粒子到达M点的速率？（2）若电势差U=，则粒子从M点到达圆盘的最短时间是多少？【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．【分析】（1）在电场中电场力做功，由动能定理可求得粒子的速度；。
云南省2016年高考物理模拟试卷6Word版含解析
2016年云南省高考物理模拟试卷（6）一、单项选择题（共10题，每题3分）1．以下四组力学单位中，都是国际单位制中大体单位的是（）A．N、kg、m B．N、m、s C．kg、m、s D．kg、N、m2．一辆汽车在4s内做匀加速直线运动，初速为2m/s，末速为10m/s，在这段时刻内（）A．汽车的加速度为4m/s2B．汽车的加速度为8m/s2C．汽车的平均速度为6m/s D．汽车的平均速度为10m/s3．敦煌曲子词中有如此的诗句“满眼风波多闪烁，看山好似走来迎，认真看山山不动，是船行”．其中“看山好似走来迎”和“是船行”所选择的参考系别离是（）A．船和山B．山和船C．地面和山 D．河岸和流水4．真空中有两个点电荷相隔必然距离r，彼此作使劲为F．假设其中一个电荷的电量变成原先的4倍，为要维持原先的作使劲大小不变，那么两个电荷间的距离变成原先的多少倍．（）A．4 B．1 C．2 D．85．举世注视的“神舟”六号航天飞船的成功发射和顺利返回，显示了我国航天事业取得的庞大成绩．已知地球的质量为M，引力常量为G，设飞船绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，那么飞船在圆轨道上运行的速度为（）A． B． C． D．6．以下情形中的速度，属于平均速度的是（）A．刘翔在110米跨栏时冲过终点线时的速度为/sB．由于堵车，汽车在通过隧道进程中的速度仅为/sC．返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m/sD．子弹射到墙上时的速度为800m/s7．一个小球从4m高处落下，被地面弹回，在1m高处被接住，那么小球在整个进程中（）A．位移是5m B．路程是3m C．位移大小是3m D．以上均不对8．关于时刻和时刻，以下说法中正确的选项是（）A．时刻表示时刻较短，时刻表示时刻较长B．时刻对应位置，时刻对应位移C．作息时刻表上的数字表示时刻D．1 min内有60个时刻9．关于自由落体运动的加速度，正确的选项是（）A．重的物体下落的加速度大B．同一地址，轻、重物体下落的加速度一样大C．那个加速度在地球上任何地址都一样大D．那个加速度在地球赤道比在地球北极大10．电灯悬挂在一根绳索下维持静止，那么绳索对电灯的拉力（）A．跟电灯对绳索的拉力相互平稳B．大小等于电灯所受的重力C．是由绳索形变产生的D．是由电灯形变产生的二、多项选择题（共4题，每题4分，共16分，在每题给出的四个选项中，有两个选项是正确的．全对得4分，选对一个得2分，错选、多项选择或不选得0分）11．在研究以下问题时，能把物体看成质点的是（）A．研究旋转效应的乒乓球B．研究绕太阳公转时的地球C．研究一列火车通太长江大桥所需的时刻D．研究杂技演员做空翻时的技术动作12．一个重为600N的人站在电梯中，这人对电梯的压力为700N，现在电梯的运动情形可能是（）A．加速上升 B．减速上升 C．加速下降 D．减速下降13．关于电场以下说法正确的选项是（）A．电场不是客观存在的物质B．电场线是客观存在的C．电场对放入其中的电荷有力的作用D．电荷间通过电场发生彼此作用14．已知3个共点力的合力能够为零，那么这3个力可能是（）A．15N 5N 8N B．10N 12N 15N C．8N 9N 10N D．1N 3N 6N三、填空题（共有2个题，每题4分，共8分．将答案填写在答题卡上相应题号后横线上方的空白处．）15．一名同窗在探讨阻碍落体运动的因素时，设计了如下四个小实验：实验（1）：让一张纸片和一枚硬币同时从同一高度落下实验（2）：让两张相同纸片，一张揉成一团，一张摊开，同时从同一高度下落实验（3）：让小纸团与硬币同时从同一高度下落实验（4）：在抽成真空的玻璃管中，让小纸片、小纸团、小硬币同时从同一高度落下对上述四个实验，以下说法正确的选项是（）A．（1）中硬币与纸片同时落地 B．（2）中二者同时着地C．（3）中硬币先着地 D．（4）中三者同时落地16．在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了确信小球在不同时刻所通过的位置，实验时用如下图的装置，先将斜槽轨道的结尾调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于紧靠槽口处．使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A；将木板向远离槽口方向平移距离x，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上取得痕迹B；又将木板再向远离槽口方向平移距离x，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再取得痕迹C．假设测得木板每次移动距离均为x=．A、B间距离y1=，B、C间距离y2=．（g取/s2）（1）依照以上直接测量的物理量求得小球初速度为v= （用题中所给字母表示）．（2）小球初速度的测量值为 m/s．四、计算题（本大题共有2个小题，每题8分，共16分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必需写出数值和单位）17．一木箱静止在滑腻水平地面上，装货物后木箱和货物的总质量为50kg ．现以200N 的水平推力推木箱，求：（1）该木箱的加速度；（2）第2s 末木箱的速度和2s 内发生的位移．18．一小球在某高处以v 0=10m/s 的初速度被水平抛出，落地时的速度v t =20m/s ，不计空气阻力，求：（1）小球被抛出处的高度H 和落地时刻t（2）小球落地址与抛出点之间的距离s（3）小球下落进程中，在何处重力势能与动能相等．五、填空题（每题6分，共18分）19．照明用的正弦式电流的电压为220V ，那么它的有效值是 V ，峰值是 V ．20．周期性转变的电场产生周期性转变的 ，周期性转变的磁场产生周期性转变的 ．转变的电场和磁场老是彼此联系的，形成一个不可分离的统一的场，这确实是 ．21．磁通量：能够明白得为穿过某一平面的 ，用Φ表示．磁通量的单位： ，磁感应强度的单位 ．六、实验题（此题4分，将答案填写在答题卡上相应题号后横线上方的空白处．）22．在如下图的实验中，能在线圈中产生感应电流的是： 和A ．磁铁从上向下插入线圈中的进程B ．磁铁静止在线圈内部C ．磁铁静止在线圈左侧D ．磁铁从线圈内抽出的进程．七、计算题（本大题共有1小题，共8分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必需写出数值和单位）23．如下图的匀强磁场，磁感应强度为，通电直导线与磁场方向垂直，导线长度为，导线中电流为1A．该导线所受安培力的大小多少？2016年云南省高考物理模拟试卷（6）参考答案与试题解析一、单项选择题（共10题，每题3分）1．以下四组力学单位中，都是国际单位制中大体单位的是（）A．N、kg、m B．N、m、s C．kg、m、s D．kg、N、m【考点】力学单位制．【分析】国际单位制规定了七个大体物理量．别离为长度、质量、时刻、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为大体单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．他们在国际单位制中的单位别离为米、千克、秒、开尔文、安培、坎德拉、摩尔．【解答】解：力学中的大体物理量有三个，它们别离是长度、质量、时刻，它们的单位别离为m、kg、s，故C正确，ABD错误；应选：C．2．一辆汽车在4s内做匀加速直线运动，初速为2m/s，末速为10m/s，在这段时刻内（）A．汽车的加速度为4m/s2B．汽车的加速度为8m/s2C．汽车的平均速度为6m/s D．汽车的平均速度为10m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时刻的关系．【分析】依照匀变速直线运动的速度时刻公式求出汽车的加速度大小，依照匀变速直线运动的平均速度公式求出汽车的平均速度．【解答】解：A、汽车的加速度a=．故A、B错误．C、依照平均速度的公式．故C正确，D错误．应选C．3．敦煌曲子词中有如此的诗句“满眼风波多闪烁，看山好似走来迎，认真看山山不动，是船行”．其中“看山好似走来迎”和“是船行”所选择的参考系别离是（）A．船和山B．山和船C．地面和山 D．河岸和流水【考点】参考系和坐标系．【分析】参考系是假定不动的物体，同一种运动状况选择的参考系不同观看到的结果也不同．由于作者和山之间的距离慢慢减小，若是选择自己或船作为参考系，那么只能是山好似走来迎；而若是选择山作为参考系，那么只能是“是船行”．【解答】解：参考系是为了研究问题的方便而假定不动的物体，在此题中作者和山之间的距离慢慢减小，而作者以为自己静止不动，从而“看山好似走来迎”，故此现象选择的参考系是自己或船与船上静止不动的物体．但事实上船是运动的，所谓是“船行”选择的参考系是河岸、山或地球上相对地球静止不动的其它物体．故A正确，应选A．4．真空中有两个点电荷相隔必然距离r，彼此作使劲为F．假设其中一个电荷的电量变成原先的4倍，为要维持原先的作使劲大小不变，那么两个电荷间的距离变成原先的多少倍．（）A．4 B．1 C．2 D．8【考点】库仑定律．【分析】依照库仑定律的公式F=k进行分析．【解答】解：由库仑定律的公式F=k，知其中一个电荷的电量变成原先的4倍，为要维持原先的作使劲大小不变，那么两个电荷间的距离变成原先的2倍．应选C．5．举世注视的“神舟”六号航天飞船的成功发射和顺利返回，显示了我国航天事业取得的庞大成绩．已知地球的质量为M，引力常量为G，设飞船绕地球做匀速圆周运动的轨道半径为r，那么飞船在圆轨道上运行的速度为（）A． B． C． D．【考点】人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．【分析】研究飞船绕地球做匀速圆周运动，依照万有引力提供向心力，列出等式．依照等式表示出飞船在圆轨道上运行的速度．【解答】解：研究飞船绕地球做匀速圆周运动，依照万有引力提供向心力，列出等式：解得：v=应选A6．以下情形中的速度，属于平均速度的是（）A．刘翔在110米跨栏时冲过终点线时的速度为B．由于堵车，汽车在通过隧道进程中的速度仅为C．返回地球的太空舱落到太平洋水面时的速度为8m/sD．子弹射到墙上时的速度为800m/s【考点】平均速度．【分析】注意平均速度和瞬时速度的区别，平均速度与一段位移或一段时刻相对应，而瞬时速度和每一个时刻或某个位置相对应．【解答】解：刘翔冲过终点线时的速度、太空舱落到太平洋水面时的速度、子弹射到墙上时的速度均为瞬时速度，汽车在通过隧道进程的速度与整个隧道长度相对应，因此为平均速度，故ACD错误，B正确．应选B．7．一个小球从4m高处落下，被地面弹回，在1m高处被接住，那么小球在整个进程中（）A．位移是5m B．路程是3m C．位移大小是3m D．以上均不对【考点】位移与路程．【分析】路程等于物体运动轨迹的长度，位移的大小等于由初位置指向末位置的有向线段的长度．【解答】解：一个小球从4m高处落下，被地面弹回，在1m高处被接住，路程s=4+1m=5m．位移等于首末位置的距离，大小等于3m．故C正确，A、B、D错误．应选C．8．关于时刻和时刻，以下说法中正确的选项是（）A．时刻表示时刻较短，时刻表示时刻较长B．时刻对应位置，时刻对应位移C．作息时刻表上的数字表示时刻D．1 min内有60个时刻【考点】时刻与时刻．【分析】时刻是指时刻的长度，在时刻轴上对应时刻段，时刻是指时刻点，在时刻轴上对应的是一个点．【解答】解：A、时刻是指时刻点，时刻是指时刻的长度，即时刻的距离，因此A错误；B、时刻是指时刻的长度，在时刻轴上对应一段距离，故应的是一个进程；时刻是指时刻点，在时刻轴上对应的是一个点，对应的是一个点；因此B正确；C、作息时刻表上的数字表示是一个时刻点，为一时刻；故C正确；D、1分钟能够分成无数个时刻，故D错误；应选：BC．9．关于自由落体运动的加速度，正确的选项是（）A．重的物体下落的加速度大B．同一地址，轻、重物体下落的加速度一样大C．那个加速度在地球上任何地址都一样大D．那个加速度在地球赤道比在地球北极大【考点】重力加速度．【分析】自由落体加速度又叫做重力加速度，是由物体所在的位置决定的，与物体的体积、质量等都无关，随着地球的纬度的增大，重力加速度的大小也增大，在赤道上时，重力加速度最小．【解答】解：A、在地球表面同一地址，物体的重力加速度均相同；故A错误；B正确；D、高度及纬度不同，那么物体的重力加速度不同；纬度越高，那么重力加速度越大；故CD 错误；应选：B．10．电灯悬挂在一根绳索下维持静止，那么绳索对电灯的拉力（）A．跟电灯对绳索的拉力相互平稳B．大小等于电灯所受的重力C．是由绳索形变产生的D．是由电灯形变产生的【考点】牛顿第三定律；共点力平稳的条件及其应用．【分析】灯受两个力，重力和拉力，两个力二力平稳．弹力是由施力物体的形变产生的．【解答】解：A、绳索对电灯的拉力与电灯对绳索的拉力是一对作使劲和反作使劲．故A错误．B、电灯受重力和拉力平稳，拉力的大小等于电灯的重力．故B正确．C、D、绳索对电灯的拉力是由绳索的形变产生的．故C正确，D错误．应选BC．二、多项选择题（共4题，每题4分，共16分，在每题给出的四个选项中，有两个选项是正确的．全对得4分，选对一个得2分，错选、多项选择或不选得0分）11．在研究以下问题时，能把物体看成质点的是（）A．研究旋转效应的乒乓球B．研究绕太阳公转时的地球C．研究一列火车通太长江大桥所需的时刻D．研究杂技演员做空翻时的技术动作【考点】质点的熟悉．【分析】一个物体可否看成质点，不是看物体的大小，而是看物体的大小和形状在所研究的问题中可否忽略，参考系的选取是任意的．【解答】解：A、研究乒乓球的旋转情形对发球成效的阻碍时，乒乓球的形状和大小在研究的问题中不能忽略，不能看成质点．故A错误．B、研究地球绕太阳公转时，地球的形状远小于日地距离，大小和形状能够忽略，地球能够看成质点．故B正确．C、研究一列火车通太长江大桥所需的时刻时，火车的长度在研究的问题中不能忽略，不能看成质点．故C错误．D、研究杂技演员的空翻动作时，演员的形状和大小在研究的问题中不能忽略，不能看成质点，故D错误．应选：B．12．一个重为600N的人站在电梯中，这人对电梯的压力为700N，现在电梯的运动情形可能是（）A．加速上升 B．减速上升 C．加速下降 D．减速下降【考点】牛顿运动定律的应用-超重和失重．【分析】此题考查牛顿运动定律的应用，由F合=FN﹣G=ma，当弹力大于重力时，加速度方向向上，运动方向若是向上那么做加速运动，假设运动向下那么做减速运动．【解答】解：由：F合=N﹣mg=ma知当支持力大于重力时，加速度方向向上，物体运动方向若是向上那么做加速运动，假设物体运动向下那么做减速运动，因此A、D正确，B、C错误．应选：AD．13．关于电场以下说法正确的选项是（）A．电场不是客观存在的物质B．电场线是客观存在的C．电场对放入其中的电荷有力的作用D．电荷间通过电场发生彼此作用【考点】电场；电场线．【分析】电场是传递电荷间彼此作用的物质，电场最大体的性质是对处于电场中的电荷具有电场力的作用．【解答】解：A、电场是传递电荷间彼此作用的物质，是一种物质存在的形态，电场线是为形象描述电场而假象的一种曲线，并非存在，故AB错误；C、电场最大体的性质是对处于电场中的电荷具有电场力的作用，故C正确；D、电场是传递电荷间彼此作用的物质，电荷间通过电场发生彼此作用，故D正确；应选：CD14．已知3个共点力的合力能够为零，那么这3个力可能是（）A．15N 5N 8N B．10N 12N 15N C．8N 9N 10N D．1N 3N 6N【考点】合力的大小与分力间夹角的关系．【分析】判定各选项中的三个力的合力可否为零为零．经常使用的方式是先找出其中两个力的合力范围，看看第三个力是不是在这两个力的合力的范围之内，在范围之内合力能够为零，不然那么不能．【解答】解：A、15N、5N的合力范围为10N≤F≤20N，8N不在合力范围内，因此三个力的合力不可能为零．故A错误．B、10N、12N的合力范围为2N≤F≤11N，15N在合力范围内，因此三个力的合力能为零．故B正确．C、8N、9N的合力范围为1N≤F≤17N，10N在合力范围内，因此三个力的合力可能为零．故C正确．D、1N、3N的合力范围为2N≤F≤4N，6N不在合力范围内，因此三个力的合力不可能为零．故D错误．应选：BC．三、填空题（共有2个题，每题4分，共8分．将答案填写在答题卡上相应题号后横线上方的空白处．）15．一名同窗在探讨阻碍落体运动的因素时，设计了如下四个小实验：实验（1）：让一张纸片和一枚硬币同时从同一高度落下实验（2）：让两张相同纸片，一张揉成一团，一张摊开，同时从同一高度下落实验（3）：让小纸团与硬币同时从同一高度下落实验（4）：在抽成真空的玻璃管中，让小纸片、小纸团、小硬币同时从同一高度落下对上述四个实验，以下说法正确的选项是（）A．（1）中硬币与纸片同时落地 B．（2）中二者同时着地C．（3）中硬币先着地 D．（4）中三者同时落地【考点】自由落体运动．【分析】当物体不受阻力，仅受重力运动时，做自由落体运动，将同时落地，与物体的质量无关．【解答】解：A、因为纸片受到的阻力大，硬币比纸片先落地．故A错误．B、纸片受到阻力大，纸团受到阻力小，二者重力相等，知纸团先落地．故B错误．C、让小纸团与硬币同时从同一高度下落，二者差不多同时落地．故C错误．D、在抽成真空的玻璃管中，物体仅受重力，做自由落体运动，那么三者同时落地．故D正确．应选D．16．在做“研究平抛物体的运动”的实验中，为了确信小球在不同时刻所通过的位置，实验时用如下图的装置，先将斜槽轨道的结尾调整水平，在一块平木板表面钉上复写纸和白纸，并将该木板竖直立于紧靠槽口处．使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞到木板并在白纸上留下痕迹A ；将木板向远离槽口方向平移距离x ，再使小球从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，小球撞在木板上取得痕迹B ；又将木板再向远离槽口方向平移距离x ，小球再从斜槽上紧靠挡板处由静止释放，再取得痕迹C ．假设测得木板每次移动距离均为．A 、B 间距离y 1，B 、C 间距离y 2．（g 取2）（1）依照以上直接测量的物理量求得小球初速度为v 0= （用题中所给字母表示）．（2）小球初速度的测量值为 1 m/s ．【考点】研究平抛物体的运动．【分析】小球离开导轨后做平抛运动，将平抛运动分解为水平方向的匀速直线运动和竖直方向的自由落体运动．依照匀变速直线运动的推论△x=aT 2，由y 1、y 2求出A 到B 或B 到C 的时刻，再求出初速度．【解答】解：竖直方向：小球做匀加速直线运动，依照推论△x=aT 2得 y 2﹣y 1=gT 2，得T=水平方向：小球做匀速直线运动，那么有 v 0==代入解得v 0=1m/s 故此题答案是（1）（2）1m/s四、计算题（本大题共有2个小题，每题8分，共16分．要求写出必要的文字说明、方程式和演算步骤，有数值计算的题，答案中必需写出数值和单位）17．一木箱静止在滑腻水平地面上，装货物后木箱和货物的总质量为50kg ．现以200N 的水平推力推木箱，求： （1）该木箱的加速度；（2）第2s 末木箱的速度和2s 内发生的位移．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时刻的关系．【分析】（1）物体受重力、支持力和推力，合力等于推力，依照牛顿第二定律求解加速度； （2）依照速度时刻关系公式列式求解2s 末的速度，再由位移公式，即可求解； 【解答】解：（1）物体受重力、支持力和推力，合力等于推力，依照牛顿第二定律，有： a===4m/s 2；（2）物体做匀加速直线运动，2s 末的速度为： v=v 0+at=0+4×2=8m/s那么依据位移公式，2s 内发生的位移为：x===8m ；答：（1）该木箱的加速度为4m/s 2； （2）第2s 末木箱的速度为8m/s ，而2s 内发生的位移8m ．18．一小球在某高处以v 0=10m/s 的初速度被水平抛出，落地时的速度v t =20m/s ，不计空气阻力，求：（1）小球被抛出处的高度H 和落地时刻t （2）小球落地址与抛出点之间的距离s（3）小球下落进程中，在何处重力势能与动能相等． 【考点】平抛运动．【分析】平抛运动能够分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动， 别离依照匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可． 【解答】解：（1）把小球的末速度分解到水平和竖直两个方向， 水平方向的速度的大小始终为：v 0=10m/s ， 因此竖直方向上的速度为：v y ===10m/s ，依照v y =gt ，可得运动的时刻为：t==s=s ，小球被抛出处的高度为：H=gt 2=×10×（）2=15m ， （2）小球在水平方向的为x=v 0t=10×m=10m ，因此小球落地址与抛出点之间的距离为：s==≈23m，（3）设距离地面为h 时，重力势能与动能相等， 那么由动能定理可得，下降h 时的动能的为E k ， mg （H ﹣h ）=E k ﹣mv 02，因此现在的动能为E k =mg （H ﹣h ）+mv 02， 现在小球具有的势能为E p =mgh ， 由于现在的重力势能与动能相等， 因此mgh=mg （H ﹣h ）+mv 02， 因此 h=10m ，答：（1）小球被抛出处的高度H 为15m ，落地时刻t 为s ，（2）小球落地址与抛出点之间的距离s 为23m ， （3）小球下落过10m 时重力势能与动能相等．五、填空题（每题6分，共18分）19．照明用的正弦式电流的电压为220V ，那么它的有效值是 220 V ，峰值是 220 V ．【考点】正弦式电流的最大值和有效值、周期和频率．【分析】明白一样情形下的电压和电流指的是它的有效值，关于正弦式交流电峰值即可完成此题．【解答】解：照明用的正弦式电流的电压为220V ，不特殊说明220v 指的确实是它的有效值，那么它的有效值是220V ； 正弦交流电峰值知它的峰值为是220V ．故答案为：220；22020．周期性转变的电场产生周期性转变的磁场，周期性转变的磁场产生周期性转变的电场．转变的电场和磁场老是彼此联系的，形成一个不可分离的统一的场，这确实是电磁场．【考点】电磁波的产生．【分析】转变的电场周围产生磁场，转变的磁场周围产生电场；均匀转变的电场产生稳固的磁场，均匀转变的磁场产生稳固的电场；非均匀转变的电场产生转变的磁场，非均匀转变的磁场产生转变的电场；电场与磁场统称为电磁场；【解答】解：转变的电场能产生磁场，转变的磁场能产电场，周期性转变的电场产生周期性转变的磁场；周期性转变的磁场产生周期性转变的电场；和磁场彼此联系形成统一的电磁场．故答案为：磁场，电场，电磁场．21．磁通量：能够明白得为穿过某一平面的磁感线的条数，用Φ表示．磁通量的单位：韦伯，磁感应强度的单位特斯拉．【考点】磁通量．【分析】磁通量的大小可依照穿过线圈磁感线的条数来定性判定，也可依照公式Φ=BS来判定，磁通量的单位韦伯，磁感应强度的单位．【解答】解：磁通量表示穿过磁场中某一个面磁感线的多少，概念式：∅=BS，单位：韦伯．磁感应强度等于单位面积上穿过磁感线的条数．其单位是特斯拉．故答案为：磁感线的条数，韦伯，特斯拉．六、实验题（此题4分，将答案填写在答题卡上相应题号后横线上方的空白处．）22．在如下图的实验中，能在线圈中产生感应电流的是： A 和 DA．磁铁从上向下插入线圈中的进程 B．磁铁静止在线圈内部C．磁铁静止在线圈左侧 D．磁铁从线圈内抽出的进程．。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
云南省昆明市2016届高三物理上学期摸底调研测试试题二、选择题：本大题共8小题，每小题6分。
在每题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求：19～21题有多项符合题目要求，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分。
14.下列叙述错误的是A.力学中将物体看成质点，运用了理想化模型法B．伽利略研究力与运动的关系时，采用了理想实验法C．电学中电阻、电场强度和电势等物理量的定义，都运用了比值定义法D.平均速度定义式中，当时平均速度可看成瞬时速度，运用了等效替代法15.在研究小球做平抛运动规律的实验中，所获得的实验数据经计算机处理后得到如图所示的y—x2图像，其中y表示小球的竖直位移，x表示小球的水平位移。
不计空气阻力，取g=9.8m/s2，则小球做平抛运动的初速度大小为A. 1m/sB.C．2m/sD．4.9m/s16. 一人乘电梯从底楼到顶楼，若从电梯启动时开始计时，18s末电梯到达顶楼停下，此过程中他对电梯地板的压力大小F与其重力大小G的比值随时间变化的图像如图所示，g取l0m／s2，则底楼地板距顶楼地板的距离为A．36mB．40.5mC．42mD．45m17.如图所示，三个完全相同质量均为m的圆柱状物体静止堆放在粗糙水平面上，B、C接触但不相互挤压，不考虑A与B、C之间的摩擦，下列说法正确的是A. A、B之间的弹力大小为mgB. B与地面之间没有摩擦力C．地面对c的摩擦力大小为D. B与地面之间的动摩擦因数有可能为18．如图所示，空间有平行于纸面的匀强电场。
一电荷量为-q的粒子（重力不计），在恒定拉力F的作用下沿虚线由M点匀速运动到N点，力F与线段MN间的夹角为θ，MN间的距离为d，则A. MN两点间昀电势差为B．匀强电场的电场强度大小为C．该带电粒子由M点运动到N点的过程中，电势能减小了D.若要使该带电粒子由N点向M点做匀速直线运动，则F必须反向19.如图所示，在一空心螺线管内部中点处悬挂一铜环，电路接通瞬间，下列说法正确的是A．从左往右看，铜环中有逆时针方向感应电流B.从左往右看，铜环中有顺时针方向感应电流C．铜环有收缩趋势D.铜环有扩张趋势20.用洛伦兹力演示仪可以观察电子在磁场中的运动径迹。
图甲是洛伦兹力演示仪的实物图，图乙是结构示意图。
励磁线圈通电后可以产生垂直纸面的匀强磁场，励磁线圈中的电流越大，产生的磁场越强。
图乙中电子经电子枪中的加速电场加速后水平向左垂直磁感线方向射入磁场。
下列关于实验现象和分析正确的是A.要使电子形成如图乙中的运动径迹，励磁线圈应通以顺时针方向的电流B.仅增大励磁线圈中的电流，电子束径迹的半径变大C.仅升高电子枪加速电场的电压，电子束径迹的半径变大D.仅升高电子枪加速电场的电压，电子做圆周运动的周期将变大21.如图所示，质量为m的人造地球卫星在半径为R1的轨道上做匀速圆周运动，通过推进器做功转移到半径为R2的轨道上做匀速圆周运动，已知此过程中卫星机械能变化量的绝对值与动能变变化量的绝对值相等，地球质量为M,引力常量为G，下列说法正确的是A.合外力对卫星做的功为B．推进器对卫星做的功为C，卫星引力势能的增加量为D.卫星引力势能的增加量为第II卷22.（6分）(1)某同学用伏安法测量一个阻值约为ioo的电阻，备选的实验器材有：电流表A1，量程3A; 电流表A2，量程0.6A;电压表V l，量程15V; 电压表V2，量程3V;滑动变阻器R1最大阻值5Ω；滑动变阻器R2，最大阻值3kΩ；电源E，电动势5V; 开关S及导线若干。
本实验中，滑动变阻器应选用（填“R1”或“R2”），连接方式应选择____接法（填“限流”或“分压”）。
为了提高实验精度，电流表应该选择___ _（填“A1”或“A2”）；电压表应选择____（填“V l”或“V2”）。
(2)该同学测量另一未知阻值的电阻时，先按图甲连接实验电路，然后再按图乙连接实验电路，发现电流表读数变化相对较大，电压表读数变化相对较小，则应该选择图____接法（填“甲”或“乙”）。
23.（9分）某同学用下面的实验装置测量小车的质量，他的部分实验步骤如下：(1)将轨道倾斜适当角度以平衡摩擦力；(2)将两个光电门G1、G2固定在轨道侧面（不影响小车在轨道上运行），测得两光电门之间的距离为L；(3)测得遮光条的宽度为d，并将遮光条（质量不计）固定在小车上：(4)将质量未知的钩码用跨过定滑轮的细绳与小车连接，将小车从适当位置由静止释放，遮光条先后通过两个光电门；(5)计时器记录下遮光条通过G1、G2时遮光的时间分别为△t1和△t2，则小车运动的加速度大小可表示为a1= （用题中相关物理量的字母表示）；若L=0.75m，d=0.5cm、△t1=5.0 xl0-3 s、△t2=2.5×10-3 s，则通过计算可得：a1=- m/s2；（计算结果保留2位有效数字）(6)保持钩码质量不变，在小车上加入质量为m的砝码后进行第二次试验，并测得小车运动的加速度大小为a2；(7)若钩码质量较小，可认为两次试验中钩码质量均满足远小于小车质量的条件，则小车质量可表示为M= （用a1、a2、m表示）；若所用钩码质量较大，明显不满足远小于小车质量的条件，则小车质量可表示为M=____ （用a1、 a2、m及重力加速度g表示）。
24.（12分）如图所示，在方向水平向右的匀强电场中（图中未画出），、有一固定光滑绝缘的半球形碗，碗的半径为R。
有一个质量为m、电荷量为+q的小球，静止在距碗底高度为R/2的碗内右侧表面上。
(1)求匀强电场的电场强度的大小；(2)若将匀强电场方向变为竖直向下，求小球运动到碗底时对碗的压力大小。
25.（20分）如图甲所示，质量m1=3kg的滑块C(可视为质点)放置于光滑的平台上，与一处于自然长度的弹簧接触但不相连，弹簧另一端固定在竖直墙壁上。
平台右侧的水平地面上紧靠平台依次排放着两块木板A、B。
已知木板A、B的长度均为l= 5m，质量均为m2=1.5kg，木板A、B上表面与平台相平，木板A与平台和木板B均接触但不粘连。
滑块C与木板A、B间的动摩擦因数为u l= 0.3，木板A、B与地面间的动摩擦因数u2=0.1。
现用一水平向左的力作用于滑块C上，将弹簧从原长开始缓慢地压缩0.2m的距离，然后将滑块C由静止释放，此过程中弹簧弹力大小F随压缩量x变化的图像如图乙所示。
设最大静摩擦力与滑动摩擦力大小相等，取g=10 m/s2。
求：(1)滑块C刚滑上木板A时的速度：(2)滑块C刚滑上木板A时，木板A、B及滑块C的加速度；(3)从滑块C滑上木板A到整个系统停止运动所需的时间。
选做题33.【物理—选修3-3】 (15分)(1)（5分）下列说法中正确的是____（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，’选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
A. -2℃时水已经结为冰，水分子停止了热运动B．物体温度越高，物体内部分子热运动的平均动能越大C．内能不同的物体，物体内部分子热运动的平均动能可能相同D.气体分子的平均速率增大，气体的压强可能减小E．热平衡是指一个系统内部的状态不再改变时所处的状态(2)（10分）如图所示，直立的气缸内用质量为m的活塞密闭一定质量的理想气体，气缸内壁光滑且导热良好，活塞横截面积为S。
开始时活塞被螺栓K固定，气体的体积为Vo，压强为Po/3。
打开固定螺栓K，活塞下落，经过足够长时间后活塞停在某处。
已知大气压强为p0，周围环境温度保持不变，重力加速度为g。
求：I．活塞从打开螺栓到停止运动下落的距离；II．整个过程中缸内气体是放热还是吸热？放出（或吸收）的热量是多少？34.【物理一选修3-4】（15分）(1)（5分）下列说法中正确的是____（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
A．光的偏振现象说明光是横波B．只有波长足够长的光才能发生衍射现象C．利用光的干涉现象可以检查光学平面的平整程度D．光导纤维内芯的折射率比外套的小E．不管光源和观察者是否存在相对运动，观察者观察到的光速是不变的(2)（10分）波源A点做简谐运动的振动图像如图所示，波源振动9s后，波传播方向上的B点第一次到达波谷，已知A、B两点的平衡位置相距12m，求这列波的波速大小。
35.【物理一选修3-5】（15分）(1)（5分）在下列叙述中，正确的是（填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0．分）。
A. -切物体都在辐射电磁波B．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的热核反应C．在单缝衍射实验中，光子不可能落在暗条纹处D．各种气体原子的能级不同，跃迁时发射光子的能量（频率）不同，因此利用不同的气体可以制成五颜六色的霓虹灯E．根据波尔理论，氢原子的核外电子由较高能级跃迁到较低能级时，要释放一定频率的光子，同时电子的动能减小，电势能增大(2)（15分）如图所示，可视为质点的小物块A、B的质量分别为m和3m，静止放在光滑水平地面上，物块A、B间夹有一小块炸药（炸药的质量可以忽略不计）。
某时刻炸药爆炸使物块A、B脱离，然后物块A与一质量为2m且以速度vo向右滑动的物块C发生碰撞，物块A、C碰撞后，物块A、B、C具有的相同速度。
若炸药爆炸释放的化学能全部转化为物块A、B的机械能，求炸药爆炸时释放的化学能。