福建师大附中2016-2017高二物理上学期期末试题含答案
福建省师范大学附属中学高二物理上学期期末考试试卷解析版
2018-2019学年福建师范大学附属中学高二上学期期末考试物理试题注意事项：1．答题前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第I卷（选择题)一、单选题1．如图，a、b两根垂直纸面的导体通以大小相等的电流，两导线旁有一点P，P点到a、b 距离相等，要使P处磁场方向向右，则a、b中电流方向为（）A．都向外B．都向里C．a中电流向外，b中电流向里D．a中电流向里，b中电流向外2．磁场中某区域的磁感线如图所示，则( )A．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＞B bB．a、b两处的磁感应强度的大小不等，B a＜B bC．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力大D．同一通电导线放在a处受力一定比放在b处受力小3．下列图中表示闭合电路中的一部分导体ab在磁场中做切割磁感线运动的情景，导体ab上的感应电流方向为a→b的是（）A． B．C． D．4．电源、开关S、定值电阻R1、灯泡L、光敏电阻R2和电容器连接成如图所示的电路，电容器的两平行板水平放置。
当开关S闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点。
当用强光照射时，光敏电阻的阻值变小，则（）A．带电液滴带正电 B．灯泡亮度变暗C．电容器所带电荷量减小 D．液滴向上运动5．两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子a、b，以不同的速率沿着AO方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图所示。
若不计粒子的重力，则下列说法正确的是（）A．a粒子带正电，b粒子带负电B．a粒子在磁场中所受洛伦兹力较大C．b粒子的动能较大D．b粒子在磁场中运动时间较长6．如图所示，点电荷、分别置于M、N两点，O点为MN连线的中点，点a、b在MN连线上，点c、d在MN中垂线上，它们均关于O点对称下列说法正确的是（）A．c、d两点的电场强度相同B．a、b两点的电势相同C．将电子沿直线从c移到d，电场力对电子先做负功再做正功D．将电子沿直线从a移到b，电子的电势能一直增大7．如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图。
高二物理上学期期末测试题(含详细解答)
高二物理上学期期末测试题一、选择题：本题共14小题，每小题4分，共48分．在每个小题给出的四个选项中至少有一个选项符合题目要求，选全的得4分，选对但不全的得2分，选错和不选的得0分．1．如图所示，将两个等量异种点电荷分别固定于A、B两处，AB为两点电荷的连线，MN为AB 连线的中垂线，交AB于O点，M、N距两个点电荷较远，以下说法正确的是（）A．沿直线由A到B，各点的电场强度先减小后增大B．沿直线由A到B，各点的电势先上升后降低C．沿中垂线由M到O，各点的电场强度先增大后减小D．将一电荷从M点移到O点，电场力做正功，电荷的电势能削减2．如图所示，两根垂直纸面、平行且固定放置的直导线M和N，通有同向等值电流；沿纸面与直导线M、N等距放置的另一根可自由移动的通电导线ab，则通电导线ab在安培力作用下运动的状况是（）A．沿纸面逆时针转动B．沿纸面顺时针转动C．a端转向纸外，b端转向纸里D．a端转向纸里，b端转向纸外3．某带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点，电场线、粒子在A点的初速度及运动轨迹如图所示，可以判定（）A．粒子带正电B．A点的电势低于B点的电势C．粒子在A点的加速度大于它在B点的加速度D．粒子在A点的动能小于它在B点的动能4．如图所示，在两个固定的异种点电荷Q1、Q2的连线上有A、B两点．将一个带负电的摸索电荷q由A静止释放，它从A点运动到B点的过程中，可能（）A．先加速运动再减速运动B．加速度始终增大C．电势能先增大后减小D．在B点电势能比在A点的电势能小5．如图中虚线所示为静电场的等势面1、2、3、4，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面3的电势为0．一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为-8eV时，它的动能应为（）A．8eV B．13eV C．20eV D．34eV6．带电的平行板电容器与静电计的连接如图所示，要使静电计的指针偏角变小，可采纳的方法有（）A．减小两极板间的距离B．增大两极板间的距离C．在两板间插入电介质D．将极板B向上适当移动7．如图所示的电路中，电源电动势为E、内电阻为r．在滑动变阻器R1的滑动触片P从图示位置向下滑动的过程中（）A．电路中的总电流变大B．路端电压变大C．通过电阻R2的电流变小D．通过滑动变阻器R1的电流变小8．始终流电动机正常工作时两端的电压为U，通过的电流为I，电动机线圈的电阻为r．该电动机正常工作时，下列说法正确的是（）A．电动机消耗的电功率为UI B．电动机的输出功率为UI-I2rC．电动机的发热功率为2UrD．I、U、r三个量间满意UIr9．在xoy坐标系中，将一负检验电荷Q由y轴上a点移至x轴上b点，需克服电场力做功W，若从a点移至x轴上c点，也需克服电场力做功W，那么此空间存在的静电场可能是（）A．电场强度方向沿y轴负方向的匀强电场B．电场强度方向沿x轴正方向的匀强电场C．处于第Ⅰ象限某一位置的正点电荷形成的电场D．处于第Ⅲ象限某一位置的负点电荷形成的电场10．电源和一个水平放置的平行板电容器、三个电阻组成如图所示的电路．当开关S闭合后，电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态．现将开关S断开，则以下推断正确的是（）A．液滴仍保持静止状态B．液滴将向上运动C．电容器上的带电量将减为零D．电容器上的带电量将增大11．在电磁感应现象中，下列说法正确的是（）A．感应电流的磁场总是跟原来的磁场方向相反B．闭合线框放在改变的磁场中不肯定能产生感应电流C．闭合线框放在匀强磁场中做切割磁感线运动，肯定产生感应电流D．感应电流的磁场总是阻碍原磁通量的改变12．右图是半径为r的金属圆盘（电阻不计）在垂直于盘面的匀强磁场中绕O轴以角速度ω沿逆时针方向匀速转动，电阻R两端分别接盘心O和盘缘，则通过电阻的电流强度大小和方向是（）A．2BrIRω=由c到d B．2BrIRω=由d到cC．22BrIRω=由c到d D．22BrIRω=由d到c13．如图所示，在条形磁铁从图示位置绕O1O2轴转动90°的过程中，放在导轨右端旁边的金属棒ab将（）A．向左运动B．向右运动C．静止不动D．因不知道条形磁铁的哪一端为N极，也不知道条形磁铁是顺时针转动还是逆时针转动，故无法推断14．一个面积S=4×10-2m2、匝数n=100匝的线圈，放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B随时间t改变的规律如图所示，则下列推断正确的是（）A．在起先的2 s内穿过线圈的磁通量改变率等于-0.08 Wb/sB．在起先的2 s内穿过线圈的磁通量的改变量等于零C．在起先的2 s内线圈中产生的感应电动势等于0.08 VD．在第3 s末线圈中的感应电动势等于零二、试验题：本题共3个小题,满分18分,把答案干脆填在题中的相应位置。
2016-2017年福建省漳州市龙海二中高二(上)期末物理试卷含参考答案
A．电流表读数变小，电压表读数变大 B．电容器 C 上电荷量增大 C．小电泡 L 变亮 D．电源的总功率变大 12． （4 分）电动势为 E，内阻为 r 的电源，向可变电阻 R 供电，关于路端电压说 法正确的是（ ）
A．因为电源电动势不变，所以路端电压也不变 B．因为 U=IR，所以当 I 增大时，路端电压也增大 C．因为 U=E﹣Ir，所以当 I 增大时，路端电压减小 D．若外电路断开，则路端电压为 E 13． （4 分）如图所示，从灯丝发出的电子经加速电场加速后，进入偏转电场， 若加速电压为 U1，偏转电压为 U2，要使电子在电场中的偏转量 y 增大为原来 的 2 倍，下列方法中正确的是（ ）
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2016-2017 学年福建省漳州市龙海二中高二（上）期末物理试卷
一、单项选择题（本题共 10 题，每小题 3 分，共 30 分． ） 1． （3 分）下列关于电场强度的说法中，正确的是（ A．公式 E= 只适用于真空中点电荷产生的电场 B．由公式 E= 可知，电场中某点的电场强度 E 与试探电荷在电场中该点所受 的电场力成正比 C．在公式 F=k 大小；k 中，k 是点电荷 Q2 产生的电场在点电荷 Q1 处的场强 ）
A．a 点电势比 b 点电势高 B．a、b 两点场强方向相同，a 点场强比 b 点大 C．b、d 两点场强相等 D．一带电粒子（不计重力） ，在 a 点无初速释放，则它将在 a、b 线上运动 9． （3 分）带电粒子在匀强磁场中运动，由于受到阻力作用，粒子的动能逐渐减 小 （带电荷量不变， 重力忽略不计） ， 轨道如图中曲线 abc 所示． 则该粒子 （ ）
A．
B．
C．
D．
3． （3 分）电磁感应现象揭示了电和磁之间的内在联系，根据这一发现，发明了 许多电器设备．下列用电器中，没有利用电磁感应原理的是（ A．动圈式话筒 B．磁带录音机 C．磁卡 ）
2016-2017年福建省福州外国语学校高二(上)期末物理模拟试卷含参考答案
B．EkH=Ekα，TH=Tα D．EkH=Ekα，TH≠Tα
6． （3 分）如图所示，悬线下挂着一个带正电的小球，它的质量为 m，电荷量为 q，整个装置处于水平向右的匀强电场中，电场强度为 E，下列说法正确的是 （ ）
A．小球平衡时，悬线与竖直方向夹角的正切值为 B．若剪断悬线，则小球做曲线运动 C．若剪断悬线，则小球做匀速运动
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上，则在 ～T 时间内，线框中感应电流的方向与所受安培力情况是（
）
A．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向左 B．感应电流方向为顺时针，线框受安培力的合力方向向右 C．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向右 D．感应电流方向为逆时针，线框受安培力的合力方向向左 5． （3 分）由于科学研究的需要，常常将质子（ H）和 α 粒子（ He）等带电
A．将负电荷由 O 点移动到 P 点，电场力做正功 B．M 点的电势比 P 点的电势高 C．M、N 两点间的电势差大于 O、M 两点间的电势 D．在 O 点静止释放一带正电粒子，该粒子将沿 y 轴做直线运动 11． （3 分）图中为一“滤速器”装置示意图，a、b 为水平放置的平行金属板，一 束具有 各种不同速率的电子沿水平方向经小孔 O 进入 a、b 两板之间．为 了选取具有某 种特定速率的电子，可在 a、b 间加上电压，并沿垂直于纸面 的方向加一匀强磁 场，使所选 电子仍能够沿水平直线 OO'运动，由 O'射 出．不计重力作用．可能 达到上述目的办法是（ ）
D．线圈中感应电动势每秒减少 2V 3． （3 分） 如图所示为三根通电平行直导线的断面图． 若它们的电流大小都相同， 且 ab=ac=ad，则 a 点的磁感应强度的方向是（ ）
A．垂直纸面指向纸里 C．沿纸面由 a 指向 d
2016-2017年福建省龙岩市一级达标校高二上学期期末物理试卷和答案
2016-2017学年福建省龙岩市一级达标校高二（上）期末物理试卷一、选择题1．（4分）关于电场和电场线的说法，正确的是（）A．电场可以叠加，因此电场线可以在空中相交B．由公式E=可知，电场中某点的电场强度E与试探电荷q在电场中该点所受的电场力F成正比，与试探电荷q的电荷量成反比C．用电场线描述电场时，电场线越密集的地方，场强越大D．用电场线描述电场时，有电场线通过的点场强不为零，没有电场线的区域场强为零2．（4分）下列关于物理学史的说法错误的是（）A．卡文迪许扭秤实验得到点电荷之间的作用力大小与距离的平方成反比的规律，使电磁学进入了定量研究的阶段B．奥斯特发现电流能使磁针发生偏转，首次揭示了电与磁的联系C．安培提出了安培定则，也叫右手螺旋定则，并用电流绕地球内部流动解释地磁的起因D．法拉第不仅提出了场的概念，而且直观地描绘了场的清晰图象3．（4分）下图为磁场中通电直导线或运动的带电粒子所受磁场力方向情况，其中正确的是（）A．B．C．D．4．（4分）如图为真空中半径为r的圆，O为圆心，直径ac、bd相互垂直。
在a、c处分别固定有电荷量为+q、﹣q的两个点电荷。
下列说法正确的是（）A．位置O处电场强度大小为B．位置b处电场强度大小为C．b、d两点的电势与电场强度均相同D．O点的电势比b点的电势高5．（4分）如图所示的电路中，电源的内电阻忽略不计，当可变电阻R3的滑动触头向a端移动时，关于电压表、电流表的读数下列说法中正确的是（）A．电压表读数增大，电流表读数减小B．电压表读数减小，电流表读数增大C．电压表读数不变，电流表读数减小D．电压表读数不变，电流表读数增大6．（4分）如图直导线AB、螺旋管C、电磁铁D三者相距较远，它们产生的磁场互不影响。
当开关S闭合稳定后，则图中小磁针的N极（黑色的一端）指向正确的是（）A．a B．b C．c D．d7．（4分）如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U，现使B板带电，以下列哪些做法可以让静电计指针张角变大（）A．减小两极之间的距离B．将A板稍微上移C．将玻璃板插入两板之间D．将铜板插入两板之间8．（4分）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频率交流电源两极相连接的两个D形盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，设D形盒半径为R．若用回旋加速器加速质子时，匀强磁场的磁感应强度为B，高频交流电频率为f．则下列说法正确的是（）A．质子的回旋频率等于2fB．质子被电场加速的次数与加速电压无关C．质子被加速后的最大速度不可能超过2πfRD．不同粒子获得的最大动能都相同9．（4分）如图所示，实线是一簇电场线，A点的电势为20V，B点的电势为10V．一个电量大小5.0×10﹣8C的带电粒子仅受电场力作用下，从A点运动到B点，轨迹如虚线所示，则（）A．粒子带正电B．粒子的加速度不断减小C．粒子从A点运动到B点，动能减少5.0×10﹣7JD．粒子从A点运动到B点，电势能减少5.0×10﹣7J10．（4分）下表列出了某品牌电动自行车以及所用电动机的主要技术参数，不计其自身机械损耗，若该车在额定状态下在平直公路上以最大运行速度行驶，则（）A．电动机的输入功率288WB．电动机的内电阻为8ΩC．该车获得的牵引力为12.5ND．该车受到的阻力为45N11．（4分）如图所示，a、b分别表示一个电池组和一只电阻的伏安特性曲线。
2016-2017学年黑龙江省哈尔滨师大附中高二上学期期末物理试卷(解析版)
2016-2017学年黑龙江省哈尔滨师大附中高二（上）期末物理试卷一、选择题（每小题4分，共56分．其中1-9题为单选题，10-14题为多选题，请将正确答案选出）1．下列说法正确的是（）A．法拉第发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的B．库仑首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究C．法国学者安培认为，在原子、分子等物质微粒的内部，存在着一种环形电流，从而使每个物质微粒都成为微小的磁体D．奥斯特通过10年之久的努力，终于发现了电磁感应现象2．关于感应电动势大小的下列说法中，正确的是（）A．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C．线圈放在磁感应强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大3．如图所示，水平放置的充电平行金属板相距为d，其间形成匀强电场，一带正电的油滴从下极饭边缘射入，并沿直线从上极板边缘射出，油滴的质量为m，带电荷量为q，则（）A．场强的方向竖直向上B．场强的方向竖直向下C．两极板间的电势差大小为D．油滴的电势能增加了mgd4．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2不变，U减小5．如图所示，一带电粒子沿x轴正方向进入一个垂直纸面向里的匀强磁场中，若要使该粒子所受合外力为零（重力不计），应该加的匀强电场的方向是（）A．+y方向B．﹣y方向C．﹣x方向D．因不知q的正负，无法确定6．如图电路中，P、Q两灯相同，L的电阻不计，则（）A．S断开瞬间，P立即熄灭，Q过一会才熄灭B．S接通瞬间，P、Q同时达正常发光C．S断开瞬间，通过P的电流从右向左D．S断开瞬间，通过Q的电流与原来方向相反7．如图所示，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc的ab边与磁场边界平行，现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直．则下列各图中哪一个可以定性地表示线框在上述过程中感应电流随时间变化的规律？（）A．B．C．D．8．如图所示，在圆形区域内，存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的一条直径．一带正电的粒子从a点射入磁场，速度大小为2v，方向与ab成30°时恰好从b点飞出磁场，粒子在磁场中运动的时间为t；若仅将速度大小改为v，则粒子在磁场中运动的时间为（不计带电粒子所受重力）（）A．3t B．t C．t D．2t9．如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a和b，内有带电量为q的某种自由运动电荷．导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B．当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低．由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为（）A．，负B．，正C．，负D．，正10．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A．增大匀强电场间的加速电压B．增大磁场的磁感应强度C．减小狭缝间的距离D．增大D形金属盒的半径11．如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上．当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、快速经过时，线圈始终保持不动．则关于线圈在此过程中受到的支持力N和摩擦力f的情况，以下判断正确的是（）A．N先大于mg，后小于mg B．N一直大于mgC．f先向左，后向右D．f一直向左12．如图是一条通电导体棒a放在光滑绝缘斜面上的平面示意图，通入垂直纸面向里的电流，欲使导体棒a能静止在斜面上，需在MN间垂直纸面放置通电导体棒b，则关于导体棒b的电流方向及位置可能正确的是（）A．垂直纸面向外，放在A点B．垂直纸面向外，放在B点C．垂直纸面向里，放在B点D．垂直纸面向里，放在C点13．如图所示，在水平放置两平行金属板M、N之间的P点，固定有一个带电量为﹣q的点电荷，两金属板通过电阻R接到直流电源上，其中N板接地（）A．当保持其它条件不变，而将M板向上移动的过程中，通过R的电流方向是向右的B．当保持其它条件不变，而将M板向上移动的过程中，通过R的电流方向是向左的C．当保持其它条件不变，而将M板向上移动到某处稳定后与移动前相比，p处点电荷的电势能变大D．当保持其它条件不变，而将M板向上移动到某处稳定后与移动前相比，p处点电荷的电势能变小14．如图所示，空间存在一有边界的条形匀强磁场区域，磁场方向与竖直平面（纸面）垂直，磁场边界的间距为L．一个质量为m、边长也为L的正方形导线框沿竖直方向运动，线框所在平面始终与磁场方向垂直，且线框上、下边始终与磁场的边界平行．t=0时刻导线框的上边恰好与磁场的下边界重合（图中位置I），导线框的速度为v0．经历一段时间后，当导线框的下边恰好与磁场的上边界重合时（图中位置Ⅱ），导线框的速度刚好为零．此后，导线框下落，经过一段时间回到初始位置I（不计空气阻力），则（）A．上升过程中，导线框的加速度逐渐减小B．上升过程克服重力做功的平均功率小于下降过程重力的平均功率C．上升过程中线框产生的热量比下降过程中线框产生的热量的多D．上升过程中合力做的功与下降过程中合力做的功相等三、实验题（共10分请按要求完成各题）15．读出下列游标卡尺和螺旋测微器的示数游标卡尺的示数为cm；螺旋测微器的示数为cm．16．某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约1Ω，电压表（0～3V 3kΩ），电流表（0～0.6A 1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω 2A）和R2各一只．①实验中滑动变阻器应选用（选填“R1”或“R 2”）②在实验中测得多组电压和电流值，得到如图所示的U﹣I图线，由图可较准确求出该电源电动势E=V，内阻r=Ω．四、计算题（共34分，写出必要的解题步骤）：17．两块金属板a、b平行放置，板间存在与匀强电场正交的匀强磁场，假设电场、磁场只存在于两板间的空间区域．一束电子以一定的初速度V0从两板中间沿垂直于电场、磁场的方向射入场中，无偏转地通过场区，如图所示．已知板长L=10cm，两板间距d=3.0cm，两板间电势差U=150V，v0=2.0×107m/s．（1）求磁感应强度B的大小．（2）若撤去磁场，求电子穿过电场时偏离入射方向的距离以及电子通过场区后动能增加多少？（电子比荷为=1.76×1011C/kg，电子电荷量e=1.60×10﹣19C）18．如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距1.0m，导轨平面与水平面成θ=37°角，下端连接阻值为R的电阻．匀强磁场方向与导轨平面垂直．质量为0.20kg，电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25．（1）求金属棒沿导轨由静止开始下滑时的加速度大小；（2）当金属棒下滑速度达到稳定时，电阻R消耗的功率为8.0W，求该速度的大小；（3）在上问中，若R=2.0Ω，金属棒中的电流方向由a到b，求磁感应强度的大小和方向．（g=10m/s2，sin37°=0.60，cos37°=0.80）19．如图所示，直线MN上方存在着垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场，质量为m、电荷量为﹣q（q＞0）的粒子1在纸面内以速度v1=v0从O点射入磁场，其方向与MN的夹角α=30°；质量为m、电荷量为+q的粒子2在纸面内以速度v2=v0也从O点射入磁场，其方向与MN的夹角β=60°角．已知粒子1、2同时到达磁场边界的A、B两点（图中未画出），不计粒子的重力及粒子间的相互作用．（1）求两粒子在磁场边界上的穿出点A、B之间的距离d；（2）求两粒子进入磁场的时间间隔△t；（3）若MN下方有平行于纸面的匀强电场，且两粒子在电场中相遇，其中的粒子1做直线运动．求电场强度E的大小和方向．2016-2017学年黑龙江省哈尔滨师大附中高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题4分，共56分．其中1-9题为单选题，10-14题为多选题，请将正确答案选出）1．下列说法正确的是（）A．法拉第发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的B．库仑首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究C．法国学者安培认为，在原子、分子等物质微粒的内部，存在着一种环形电流，从而使每个物质微粒都成为微小的磁体D．奥斯特通过10年之久的努力，终于发现了电磁感应现象【考点】物理学史．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可【解答】解：A、奥斯特发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的，故A错误；B、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故B错误；C、安培认为，在原子、分子等物质微粒的内部，存在着一种环形电流，从而使每个物质微粒都成为微小的磁体．故C正确．D、法拉第通过10年之久的努力，终于发现了电磁感应现象，故D错误；故选：C2．关于感应电动势大小的下列说法中，正确的是（）A．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B．线圈中磁通量越大，产生的感应电动势一定越大C．线圈放在磁感应强度越强的地方，产生的感应电动势一定越大D．线圈中磁通量变化越快，产生的感应电动势越大【考点】法拉第电磁感应定律．【分析】由法拉第电磁感应定律可知，感应电动势的大小除与线圈匝数有关外，还与磁通量变化快慢有关．【解答】解：A、由得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的变化大小无关，故A错误；B、由得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁通量的大小无关，故B错误；C、由得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，与磁感强度强弱无关，故C错误；D、由得，线圈中产生的感应电动势大小由磁通量变化快慢决定，故D正确；故选：D3．如图所示，水平放置的充电平行金属板相距为d，其间形成匀强电场，一带正电的油滴从下极饭边缘射入，并沿直线从上极板边缘射出，油滴的质量为m，带电荷量为q，则（）A．场强的方向竖直向上B．场强的方向竖直向下C．两极板间的电势差大小为D．油滴的电势能增加了mgd【考点】电势能；牛顿第二定律；电场强度．【分析】微粒在电场中受到重力和电场力，而做直线运动，电场力与重力必定平衡做匀速直线运动，否则就做曲线运动．微粒的加速度一定为零．根据能量守恒研究微粒电势能的变化．由△ɛ=qU，求解电势差．由题可判断出电场力方向竖直向上，微粒带正电，电场强度方向竖直向上．【解答】解：A、由题分析可知，微粒做匀速直线运动，加速度为零，除重力外还有竖直向上的电场力，由于电荷带正，所以电场强度的方向为竖直向上．故A正确．B、由题分析可知，微粒做匀速直线运动，加速度为零，除重力外还有竖直向上的电场力，由于电荷带正，所以电场强度的方向为竖直向上．故B错误．C、由上可知微粒的电势能增加量△ɛ=mgd，又△ɛ=qU，得到两极板的电势差U=故C正确．D、重力做负功mgd，微粒的重力势能增加，动能不变，根据能量守恒定律得知，微粒的电势能减小了mgd．故D错误．故选AC4．在如图所示的电路中，E为电源电动势，r为电源内阻，R1和R3均为定值电阻，R2为滑动变阻器．当R2的滑动触点在a端时合上开关S，此时三个电表A1、A2和V的示数分别为I1、I2和U．现将R2的滑动触点向b端移动，则三个电表示数的变化情况是（）A．I1增大，I2不变，U增大 B．I1减小，I2增大，U减小C．I1增大，I2减小，U增大 D．I1减小，I2不变，U减小【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】本题首先要理清电路，确定电压表测得什么电压，电流表测得什么电流，抓住电动势和内阻不变，再采用局部→整体→局部的方法，利用闭合电路欧姆定律进行分析．【解答】解：由图知电压表测量路端电压，电流表A1测量流过R1的电流，电流表A2测量流过R2的电流．R2的滑动触点向b端移动时，R2减小，整个电路的总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，则路端电压减小，即电压表示数U减小，R3电压增大，R1、R2并联电压减小，通过R1的电流I1减小，而总电流I增大，则流过R2的电流I2增大．故A、C、D错误，B正确．故选：B．5．如图所示，一带电粒子沿x轴正方向进入一个垂直纸面向里的匀强磁场中，若要使该粒子所受合外力为零（重力不计），应该加的匀强电场的方向是（）A．+y方向B．﹣y方向C．﹣x方向D．因不知q的正负，无法确定【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】首先根据粒子所受合外力为零，可判断粒子的电场力和洛伦兹力为平衡力，再分别假设粒子带正电或负电，可判知电场的方向，并发现电场的方向与电性无关．【解答】解：带电粒子在电场和磁场的复合场中运动，合外力为零，可知所受到的电场力和洛伦兹力大小相等方向相反，假设粒子带正电，由左手定则可知，所受的洛伦兹力的方向沿y轴正方向，则电场力的方向沿y轴的负方向，可知电场方向沿y轴负方向；若粒子带负电，电场力和洛伦兹力方向都将反向，合外力仍为零，电场的方向还是沿y轴负方向．（电场的方向与粒子的电性无关），所以选项B正确，选项ACD错误．故选B．6．如图电路中，P、Q两灯相同，L的电阻不计，则（）A．S断开瞬间，P立即熄灭，Q过一会才熄灭B．S接通瞬间，P、Q同时达正常发光C．S断开瞬间，通过P的电流从右向左D．S断开瞬间，通过Q的电流与原来方向相反【考点】自感现象和自感系数．【分析】线圈中的电流增大时，产生自感电流的方向更原电流的方向相反，抑制增大；线圈中的电流减小时，产生自感电流的方向更原电流的方向相同，抑制减小，并与灯泡构成电路回路．【解答】解：A、S断开瞬间，PQ与L串联，同时过一会才熄灭，故A错误；B、S接通瞬间，由于L的自感作用，Q不亮，P立即发光，稳定后两灯亮度相同，故B错误；C、S接通瞬间，线圈由于自感，产生自感电动势，将保持原来的电流的方向，通过P的电流是线圈的自感电动势产生的，与线圈中的电流的方向相同，所以从右向左，故C正确；D、S断开瞬间，通过Q的电流与原来方向相同，故D错误；故选：C7．如图所示，两平行的虚线间的区域内存在着有界匀强磁场，有一较小的三角形线框abc的ab边与磁场边界平行，现使此线框向右匀速穿过磁场区域，运动过程中始终保持速度方向与ab边垂直．则下列各图中哪一个可以定性地表示线框在上述过程中感应电流随时间变化的规律？（）A．B．C．D．【考点】导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【分析】首先根据右手定则判断边ab刚进入磁场时回路中感应电流方向，排除部分答案，然后根据进入磁场中有效切割长度的变化，求出感应电流的变化，从而得出正确结果．【解答】解：开始时进入磁场切割磁感线，根据右手定则可知，电流方向为逆时针，当开始出磁场时，回路中磁通量减小，产生的感应电流为顺时针；不论进入磁场，还是出磁场时，由于切割的有效长度变小，导致产生感应电流大小变小，故ABC错误，D正确；故选：D．8．如图所示，在圆形区域内，存在垂直纸面向外的匀强磁场，ab是圆的一条直径．一带正电的粒子从a点射入磁场，速度大小为2v，方向与ab成30°时恰好从b点飞出磁场，粒子在磁场中运动的时间为t；若仅将速度大小改为v，则粒子在磁场中运动的时间为（不计带电粒子所受重力）（）A．3t B．t C．t D．2t【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】粒子在磁场中运动，运动的时间周期与粒子的速度的大小无关，分析粒子的运动的情况，可以判断粒子的运动的时间．【解答】解：设磁场圆的半径为R，根据周期公式T=可得，同一粒子在磁场中运动时的运动的周期相同，当速度的大小为2v时，圆周运动的圆心为O，根据弦切角等于圆心角的一半可知，圆弧所对的圆心角为60°；磁场圆的半径恰好是粒子圆周运动半径的一半；当速度的大小为v时，半径为原来的一半，圆周运动的圆心O′点，在原来的半径的中点处，则新的粒子圆与磁场圆的半径相等，则θ=60°；由几何关系可知所对的圆心角为120°，则粒子的运动的时间为2t，故D正确；故选：D．9．如图所示，一段长方体形导电材料，左右两端面的边长都为a和b，内有带电量为q的某种自由运动电荷．导电材料置于方向垂直于其前表面向里的匀强磁场中，内部磁感应强度大小为B．当通以从左到右的稳恒电流I时，测得导电材料上、下表面之间的电压为U，且上表面的电势比下表面的低．由此可得该导电材料单位体积内自由运动电荷数及自由运动电荷的正负分别为（）A．，负B．，正C．，负D．，正【考点】霍尔效应及其应用．【分析】上表面的电势比下表面的低．知上表面带负电，下表面带正电，根据左手定则判断自由运动电荷的电性．抓住电荷所受的洛伦兹力和电场力平衡求出电荷的移动速度，从而得出单位体积内自由运动的电荷数．【解答】解：因为上表面的电势比下表面的低，根据左手定则，知道移动的电荷为负电荷．因为qvB=q，解得v=，因为电流I=nqvs=nqvab，解得n=．故C正确，A、B、D错误．故选：C．10．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A．增大匀强电场间的加速电压B．增大磁场的磁感应强度C．减小狭缝间的距离D．增大D形金属盒的半径【考点】质谱仪和回旋加速器的工作原理．【分析】回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关．【解答】解：由qvB=m，解得v=．则动能E K=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能．故B、D正确，A、C 错误．故选BD．11．如图所示，质量为m的铜质小闭合线圈静置于粗糙水平桌面上．当一个竖直放置的条形磁铁贴近线圈，沿线圈中线由左至右从线圈正上方等高、快速经过时，线圈始终保持不动．则关于线圈在此过程中受到的支持力N和摩擦力f的情况，以下判断正确的是（）A．N先大于mg，后小于mg B．N一直大于mgC．f先向左，后向右D．f一直向左【考点】楞次定律；力的合成与分解的运用．【分析】当磁铁靠近线圈时和远离线圈时，穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中产生感应电流，线圈受到安培力作用，根据楞次定律，安培力总是阻碍导体与磁体间的相对运动，分析线圈受到的安培力方向，再分析支持力N和摩擦力f的情况．【解答】解：A、B当磁铁靠近线圈时，穿过线圈的磁通量增加，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右下方，则线圈对桌面的压力增大，即N大于mg．线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力．故A正确，B错误．C、D当磁铁远离线圈时，穿过线圈的磁通量减小，线圈中产生感应电流，线圈受到磁铁的安培力作用，根据楞次定律可知，线圈受到的安培力斜向右上方，则线圈对桌面的压力减小，即N小于mg．线圈相对桌面有向右运动趋势，受到桌面向左的静摩擦力．故C错误，D正确．故选：AD．12．如图是一条通电导体棒a放在光滑绝缘斜面上的平面示意图，通入垂直纸面向里的电流，欲使导体棒a能静止在斜面上，需在MN间垂直纸面放置通电导体棒b，则关于导体棒b的电流方向及位置可能正确的是（）A．垂直纸面向外，放在A点B．垂直纸面向外，放在B点C．垂直纸面向里，放在B点D．垂直纸面向里，放在C点【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用；安培力．【分析】通有同向电流的导线相互吸引，通有异向电流的导体棒相互排斥，然后结合平衡条件判断a所受合力是否可以为零．【解答】解：A、若导体棒b的电流方向垂直纸面向外，放在A点，a受力如下：a受这样的三个力的作用合力可能为零，能处于静止，故A正确；B、若导体棒b的电流方向垂直纸面向外，放在B点，a受力如下：三个力的合力不可能为零，故B错误；C、垂直纸面向里，放在B点，受力如下：三个力的合力不可能为零，故C错误；D、垂直纸面向里，放在C点，受力如下：三个力的合力可能为零，a可以处于静止，故D正确；故选：AD．13．如图所示，在水平放置两平行金属板M、N之间的P点，固定有一个带电量为﹣q的点电荷，两金属板通过电阻R接到直流电源上，其中N板接地（）A．当保持其它条件不变，而将M板向上移动的过程中，通过R的电流方向是向右的B．当保持其它条件不变，而将M板向上移动的过程中，通过R的电流方向是向左的C．当保持其它条件不变，而将M板向上移动到某处稳定后与移动前相比，p处点电荷的电势能变大D．当保持其它条件不变，而将M板向上移动到某处稳定后与移动前相比，p处点电荷的电势能变小【考点】带电粒子在匀强电场中的运动；闭合电路的欧姆定律．【分析】电容器和电源相连，两端的电势差不变，通过电容的变化，结合Q=CU得出电荷量的变化，通过电容器带电量的变化确定通过R的电流流向．根据电容器两端电势差不变，结合电场强度的变化，得出pN间电势差的变化，从而确定p点电势的变化，得出p点电势能的变化．【解答】解：A、当保持其它条件不变，而将M板向上移动的过程中，d增大，根据C=知，电容减小，根据Q=CU，U不变，则电荷量减小，则通过R的电流向右．故A正确，B错误．C、由于电容器两端的电势差不变，将M板向上移动，d增大，则电场强度减小，pN间的电势差减小，因为N点电势为零，知p点的电势减小，根据E p=qφ，电荷为负电，则p点的电势能变大．故C正确，D错误．。
福建漳州市2016-2017学年高二物理上学期期末考试试题
福建省漳州市2016-2017学年高二物理上学期期末考试试题一、选择题（本题共12小题，共40分。
其中1-8题为单选题，每小题3分，每小题只有一个答案是符合要求；9-12题为多选题，每小题4分，每题至少有两个答案是正确的，多选或错选不得分，漏选得2分。
）1．国际单位制中，不是电场强度的单位是A．N/C B．V/m C．J/C D．T m/s2．如图，一束电子沿z轴正向流动，则在图中y轴上A点的磁场方向是A．+x方向B．-x方向 C．+y方向D．-y方向3．如图所示，用天平测量匀强磁场的磁感应强度，下列各选项所示的载流线圈匝数相同，边长NM 相等，将它们分别挂在天平的右臂下方，线圈中通有大小相同的电流，天平处于平衡状态，若磁场发生微小变化，天平最容易失去平衡的是4．如图所示电路中，三个相同的灯泡额定功率是40 W，在不损坏灯泡的情况下，这三个灯泡消耗的总功率最大不应超过A．40 W B．60 W C．80 W D．120 W5．如图所示，平行板电容器带有等量异种电荷，与静电计相连，静电计金属外壳和电容器下极板都接地。
在两极板间有一个固定在P点的点电荷，以E表示两板间的电场强度，E p表示点电荷在P点的电势能，θ表示静电计指针的偏角。
若保持下极板不动，将上极板向下移动一小段距离至图中虚线位置，则A．θ增大，E增大 B．θ增大，E p不变C．θ减小，E p增大 D．θ减小，E不变6．如图所示，正六边形abcdef区域内有垂直于纸面的匀强磁场。
一带正电的粒子从f点沿fd方向射入磁场区域，当速度大小为v b时，从b点离开磁场，在磁场中运动的时间为t b，当速度大小为v c 时，从c点离开磁场，在磁场中运动的时间为t c，不计粒子重力。
则A．v b:v c=2:2，t b:t c=1:2 B．v b:v c=1:2，t b:t c=2:1C．v b:v c=2:1，t b:t c=2:1 D．v b:v c=1:2，t b:t c=1:27．现代质谱仪可用来分析比质子重很多倍的离子，其示意图如图所示，其中加速电压恒定。
2016-2017学年福建省福州八中高二(上)期末物理试卷
2016-2017学年福建省福州八中高二（上）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共16小题，共64.0分)1.首先发现电流磁效应的科学家是（）A.奥斯特B.安培C.库仑D.麦克斯韦【答案】A【解析】解：1820年，奥斯特意外地发现载流导线的电流会作用于磁针，使磁针改变方向，也就是通电导体周围产生磁场．故选：A．根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.在点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，那么圆上A、B两点（）A.电场强度相同，电势相等B.电场强度相同，电势不相等C.电场强度不相同，电势相等D.电场强度不相同，电势不相等【答案】C【解析】解：在单个点电荷产生的电场中，以它为圆心做一个圆，在圆周上各处电场线疏密相同，但方向各不相同，故场强的大小相同，场强的方向各不相同，所以圆上各点的场强不同．点电荷的等势面是一簇簇一点电荷为球心的同心球面，球面上各点的电势相等．故C正确，ABD错误．故选：C点电荷产生的电场线是辐射状或汇聚状的，根据电场线的特点判断电场强度的关系．通过点电荷的等势面判断各点电势的关系解决本题的关键掌握点电荷周围电场的特点，注意电场强度是矢量，有大小有方向．以及知道点电荷的等势面特点3.如图所示，直线a为电源的U-I图线，直线b为电阻R的U-I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的效率分别为（）A.4W、33.3%B.2W、33.3%C.4W、67%D.2W、67%【答案】C【解析】解：电源的U-I图线a与纵轴的交点表示断路状态，则电源的电动势为E=3V，图线a的斜率大小等于电源的内阻，则有r==0.5Ω．电阻R的U-I图线的斜率等于电阻R，则有R==1Ω，当该电源和该电阻组成闭合电路时，电路中电流为I==2A，路端==67%．电压为U=IR=2V，则电源的输出功率P出=UI=4W，电源的效率为η=出总故选C根据电源的U-I图线a，读出电源的电动势和内阻，电阻R的U-I图线的斜率读出电阻，由欧姆定律求出该电源和该电阻组成闭合电路时电流，再求出电源的输出功率和电源的效率．本题考查运用数学知识分析图象物理意义的能力．实质上，两图线的交点就表示该电源和该电阻组成闭合电路时工作状态，可直接读出电流和电压．4.如图，匀强磁场磁感应强度分别为B1和B2，OO′是它的分界面，B1＞B2．现有一带正电粒子+q以速度V垂直于磁感应强度B1的方向进入磁场，经一段时间进入B2磁场，已知带电粒子在B1和B2磁场中的动能和轨道半径分别为E1、E2、r1、r2，则它们之间的关系是（）A.E1＞E2，r1＞r2B.E1=E2，r1＜r2C.E1＞E2，r1＜r2D.E1=E2，r1＞r2【答案】B【解析】解：洛伦兹力对粒子不做功，粒子在运动过程中动不变，即：E1=E2，粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv B=m，解得：r=，由于B1＞B2，则：r1＜r2，故B正确；故选：B．粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力对粒子不做功，洛伦兹力提供粒子做圆周运动的向心力，由牛顿第二定律可以求出粒子的轨道半径．本题考查了比较粒子的动能大小、粒子轨道半径大小问题，知道洛伦兹力对粒子不做功、应用牛顿第二定律即可正确解题．5.两个带正电的小球，放在光滑的绝缘的水平面上，相距一定的距离，若同时由静止开始释放两球，它们的加速度和速度将（）A.速度变大，加速度变大B.速度变小，加速度变小C.速度变大，加速度变小D.速度变小，加速度变大【答案】C【解析】解：由静止开始释放两球，两球各自受库仑斥力，两球距离增大，根据库仑定律F=得两球的斥力将会减小，根据牛顿第二定律所以小球加速度变小，而加速度方向与速度方向相同，所以速度变大，故选C．由静止开始释放两球，两球各自受库仑斥力，两球距离增大，根据库仑定律F=判断库仑力的变化．根据牛顿第二定律判断加速度的变化．熟悉库仑定律的表达式，能够在具体问题中判断库仑力的变化．6.如图所示，在垂直纸面向里的匀强磁场的边界上，有两个质量和电量均相同的正、负离子（不计重力），从点O以相同的速度先后射入磁场中，入射方向与边界成θ角，则关于正、负离子在磁场中的运动，下列说法错误的是（）A.运动轨迹的半径相同B.运动时间相同C.重新回到边界时的速度的大小和方向相同D.重新回到边界的位置与O点距离相等【答案】B【解析】解：A、根据牛顿第二定律得：qv B=m得：r=，由题q、v、B大小均相同，则r相同．故A正确．B、粒子的运动周期T=，则知T相同．根据左手定则分析可知，正离子逆时针偏转，负离子顺时针偏转，重新回到边界时正离子的速度偏向角为2π-2θ，轨迹的圆心角也为2π-2θ，运动时间t=T．同理，负离子运动时间t=T，显然时间不等．故B错误．C、正负离子在磁场中均做匀速圆周运动，速度沿轨迹的切线方向，根据圆的对称性可知，重新回到边界时速度大小与方向相同．故C正确．D、根据几何知识得知重新回到边界的位置与O点距离S=2rsinθ，r、θ相同，则S 相同．故D正确．本题选择错误的，故选：B由题正负离子的质量与电量相同，进入同一磁场做匀速圆周运动的周期相同，根据偏向角的大小分析运动时间的长短．由牛顿第二定律研究轨道半径．根据圆的对称性，分析离子重新回到边界时速度方向关系和与O点距离．根据题意画出轨迹示意图，可根据几何关系求出回到边界时离O点的距离；利用对称关系判断回到边界时速度的方向；带电粒子在磁场中做匀速圆周运动问题求运动时间，可用关系式有t=T，θ是轨迹的圆心角，而且轨迹的圆心角等于速度的偏转角．7.下列说法中正确的是（）A.由B=可知，磁感应强度B与一小段通电直导线受到的磁场力成正比B.一小段通电导线所受磁场力的方向就是磁场方向C.一小段通电导线在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零D.磁感应强度为零的地方，一小段通电导线在该处不受磁场力【答案】D【解析】解：A、磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，故A错误；B、根据左手定则可知，磁场方向与磁场力方向垂直，故B错误；C、根据F=BIL可知，当磁感应强度为零处，它所受磁场力一定为零，但在某处不受磁场力，该处磁感应强度一定为零，还与放置的位置有关，当导体方向与磁场方向在一条线上时，导体不受磁场力作用，此时磁感应强度并非为零，故C错误，D正确．故选D．本题考查了磁场的大小与方向，磁感应强度B=是采用比值法定义的，B大小与F、IL无关，B由磁场本身决定，当电流方向与磁场方向不在同一直线上时，导体才受到磁场力作用，磁场力的方向与电流、磁场垂直．对于磁感应强度的定义式B=，要明确其定义方法、适用条件，以及各个物理量的含义，可以和电场强度的定义E=类比学习，并知道通电导线在磁场中是否受到还与放置的角度有关．8.当导线中分别通以图示方向的电流，小磁针静止时北极指向读者的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：A、通电直导线电流从左向右，根据右手螺旋定则，则有小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向里，所以小磁针静止时北极背离读者，故A错误；B、如图所示，根据右手螺旋定则，磁场的方向逆时针（从上向下看），因此小磁针静止时北极背离读者，故B错误；C、环形导线的电流方向如图所示，根据右手螺旋定则，则有小磁针所处的位置磁场方向垂直纸面向外，所以小磁针静止时北极指向读者，故C正确；D、根据右手螺旋定则，结合电流的方向，则通电螺线管的内部磁场方向，由右向左，则小磁针的静止时北极指向左，故D错误；故选：C．由右手螺旋定则，结合小磁针静止时北极指向即为磁场的方向，可知通电直导线与螺线管的磁场方向，从而即可求解．本题考查右手螺旋定则及磁极间的相互作用，要求学生能熟练应用右手螺旋定则判断磁极或电流方向，注意小磁针静止时的N极指向即为磁场的方向，同时通电螺线管的内部磁场方向由S极到N极．9.如图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．则电动机的输出功率是（）A.0.56wB.0.54wC.0.57wD.0.60w【答案】B【解析】=═0.1 A解：通过电动机的电流I与流过限流电阻R′的电流相同，由I=′由E=I r+U+U D可得电动机两端电压：U D=E-I r-U=6V-0.1×1V-0.3V=5.6V所以电动机输入的电功率：P入=U D I=0.56W电动机的发热功率：P热=I2R=0.02W电动机的输出功率：P出=P入-P热=0.54W故选：B电动机与电阻串联，根据欧姆定律求解电流；根据P=UI求解输入到电动机的电功率；根据P出=UI-I2r求解输出功率．在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．10.下列关于电场线和磁感线的说法中，正确的是（）A.电场线和磁感线都是电场或磁场中实际存在的线B.磁场中两条磁感线一定不相交，但在复杂电场中的电场线是可以相交的C.电场线是一条不闭合曲线，而磁感线是一条闭合曲线D.电场线越密的地方，同一试探电荷所受的电场力越大；磁感线分布较密的地方，同一试探电荷所受的磁场力也越大【答案】C【解析】解：A、电场线和磁感线都是为了形象的描述电场和磁场而引入的曲线，是假想的，不是实际存在的线，所以A错误；B、电场线和磁感线都是不会相交的，否则的话在该点就会出现两个不同的方向，这是不可能的，所以B错误；C、电场线是一条不闭合曲线，有起点和终点，而磁感线是一条闭合曲线，所以C正确；D、电场线越密的地方，电场的强度大，同一试探电荷所受的电场力越大，但是在磁场中，静止的电荷是不受磁场力作用的，所以D错误；故选C．电场线是从正电荷或者无穷远发出，到负电荷或无穷远处为止，沿电场线的方向，电势降低，电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小；磁感线是在磁场中的用来描述磁感应强度的闭合的曲线，它的特点和电场线类似，但是磁感线是闭合的曲线，电场线不是闭合的，有起点和终点．本题就是考查学生对电场线和磁感线的理解，它们之间的最大的区别是磁感线是闭合的曲线，但电场线不是闭合的，有起点和终点．11.一个电流表的满偏电流I g=1m A．内阻为300Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，则应在电流表上（）A.串联一个10000Ω的电阻B.并联一个10000Ω的电阻C.串联一个9700Ω的电阻D.并联一个9700Ω的电阻【答案】C【解析】解：应串联电阻为R=-R g=-300=9.7×103ΩA、由上式知应串联9.7KΩ的电阻．故A错误B、改装成电压表应串联电阻不是并联．故B错误C、由解析式得应串联9.7KΩ的电阻．故C正确D、不应并联应串联电阻．故D错误故选：C．电流表串联电阻起分压作用为电压表，电压表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．电流表改装成电压表应串联电阻分压．串联电阻阻值为：R=-R g，是总电阻．12.在图中，标出磁场B的方向，通电直导线中电流I的方向，以及通电直导线所受磁场力F的方向，其中正确的是（）（用“•”表示磁感线垂直于纸面向外，“×”表示磁感线垂直于纸面向里；“⊙”表示电流垂直于纸面向外，“ⓧ”表示电流垂直于纸面向里．）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：通电导线在磁场中受到安培力，其方向由左手定则来确定．左手定则内容是：伸开左手大拇指垂直四指且在同一平面内，让磁感线穿过掌心，四指指的是正电荷的运动方向（电流），则大拇指就是洛伦兹力（安培力）方向．所以洛伦兹力（安培力）与磁场方向垂直、与运动方向垂直，即其与磁场与运动（电流）方向所构成的平面垂直．A、电流方向水平向左，由左手定则可知安培力竖直向下，故A错误；B、由于电流方向与磁场方向相同，则没有安培力，故B错误；C、电流方向垂直纸面向外，由左手定则可得安培力方向竖直向下，故C正确；D、电流方向水平向右，由左手定则可知，安培力方向垂直纸面向外，D错误；故选：C通电导线在匀强磁场中受到的安培力的方向由左手定则来判定．左手定则是判定安培力的方向，同时也可以判定洛伦兹力方向，而右手定则是确定感应电流方向．同时当运动粒子是正电荷时，则大拇指的方向即为洛伦兹力方向．若是负电荷时，则大拇指的反方向即为洛伦兹力方向．13.如图所示，当滑线变阻器的滑动触点向上滑动（）A.电压表V的读数增大，电流表A的读数减小B.电压表V和电流表A的读数都减小C.电压表V和电流表A的读数都增大D.电压表V的读数减小，电流表A的读数增大【答案】A【解析】解：当滑动变阻器的滑动触点向上移动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻R增大，由欧姆定律分析总电流I减小，路端电压U=E-I r增大，即电压表示数增大，电阻R2的电压U2=E-I（r+R1）增大，流过电阻R2的电流I2增大，则流过电流表的电流I3=I-I2减小．所以伏特表V的读数增大，安培表A的读数减小，故A正确，BCD错误．故选：A．当滑线变阻器的滑动触点向上滑动时，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流和路端电压的变化，再分析流过变阻器电流的变化，来判断电表读数的变化．本题是简单的电路动态变化分析问题，往往按“部分→整体→部分”的顺序分析．14.如图所示，A、B、C、D是匀强电场中一正方形的四个顶点．已知A、B、C三点的电势分别为U A=17V，U B=2V，U C=-4V．由此可得D点的电势U D为（）A.15VB.6VC.11VD.21V【答案】C【解析】解：连接AC，将AC七等分，标上各等分点E、F、G、H、I、J，则根据匀强电场中沿电场线方向相等距离，电势差相等可知，所以各点的电势为φE=14VφF=11VφG=8VφH=5VφI=2VφJ=-1V．连接BI，则BI为一条等势线，根据几何知识可知，DF∥BI，则DF也是一条等势线，所以D点电势U D=φF=11V故C正确、ABD错误．故选：C．连接AC，在AC上找出与B点等电势点，作出等势线，再过D作出等势线，在AC线上找出与D等势点，再确定D点的电势．本题的技巧是找等势点，作等势线，充分利用匀强电场的等势面相互平行，而且沿电场线方向相等距离，电势差相等进行作图．15.如图所示，带箭头的线段表示某一电场，一带电粒子仅在电场力的作用下经过A点飞向B点，径迹如图中虚线所示，则（）A.带电粒子带负电，在A点动能大，电势低，电势能小B.带电粒子带负电，在B点动能大，电势高，电势能大C.带电粒子带正电，在A点动能大，电势低，电势能小D.带电粒子带正电，在B点动能大，电势高，电势能大【答案】C【解析】解：粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，因此粒子带正电；由于B点的电场线密，所以B点的电场力大，则B点的加速度较大；粒子从A到B，电场力对粒子运动做负功，电势能增加，导致动能减少；沿着电场线电势降低，所以B点的电势高；即带电粒子带正电，在A点动能大，电势低，电势能小；故选：C电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．16.如图所示的空间，匀强电场的方向竖直向下，场强为E，匀强磁场的方向水平向外，磁感应强度为B，有两个带电小球A和B都能在垂直于磁场方向的同一竖直平面内做匀速圆周运动（两小球间的库仑力可忽略），运动轨迹如图中所示，已知两个带电小球A和B的质量关系为m A=3m B，轨道半径为R A=3R B．则下列说法正确的是（）A.小球A带正电、B带负电B.小球A带负电、B带正电C.小球A、B的速度比为3：1D.小球A、B的速度比为1：3【答案】C【解析】解：因为两带电小球都在复合场中做匀速圆周运动，故必有q E=mg，由电场方向可知，两小球都带负电荷…①m A g=q A E…②m B g=q B E…③由题意，m A=3m B，所以=…④由qv B=m得R=…⑥则得v=由题意R A=3R B，则得=．故C正确，ABD错误．故选C根据小球做匀速圆周运动，则有电场力与重力二力平衡，从而可求出电量比值，并由电场方向从而确定电性；根据洛伦兹力提供向心力，从而求得半径的表达式，即可求解速度之比．考查电场力与重力相平衡从而确定电量与电性，掌握洛伦兹力提供向心力，推导出半径表达式．六、多选题(本大题共4小题，共16.0分)22.地面附近空间中存在着水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场方向垂直纸面向里，一个带电油滴能沿一条与竖直方向成α角的直线MN运动（MN在垂直于磁场方向的平面内），如图所示，则以下判断中正确的是（）A.如果油滴带正电，它是从M点运动到N点B.如果油滴带正电，它是从N点运动到M点C.如果电场方向水平向左，油滴是从M点运动到N点D.如果电场方向水平向右，油滴是从M点运动到N点【答案】AC【解析】解：A、根据做直线运动的条件和受力情况（如图所示）可知，如果油滴带正电，由左手定则判断可知，油滴的速度从M点到N点，故A正确，B错误．C、如果水平电场方向向左，油滴带正电，电场力水平向左，由左手定则判断可知，油滴的速度从M点到N点．若油滴带负电，电场力水平向右，洛伦兹力方向垂直于直线，油滴所受的合力不可能为零，速度变化，洛伦兹力也随之变化，油滴将做曲线运动．故如果水平电场方向向左，油滴是从M点运动到N点．故C正确．D、如果水平电场方向向右，同理可知，油滴带负电，油滴是从N点运动到M点．故D 错误．故选：AC．对带电粒子进行受力分析，受到竖直向下的重力，水平方向的电场力和垂直于虚线的洛伦兹力，由于带电粒子做直线运动，所以洛伦兹力只能垂直于直线向上，从而可判断粒子的电性（带负电），同时可知电场力的方向向左，再根据各力的做功情况，即可判断各选项的正误．带电粒子在重力场、电场、磁场的复合场中，只要是做直线运动，一定是匀速直线运动（v与B不平行）．若速度是变的，洛伦兹力会变，合力就是变的，合力与速度不在一条直线上，带电体就会做曲线运动．23.一带电粒子在电场中只受电场力作用时，它可能出现的运动状态是（）A.匀速直线运动B.匀加速直线运动C.匀变速曲线运动D.匀速圆周运动【答案】BCD【解析】解：一带电粒子在电场中只受电场力作用时，合力不为0．A、物体合力不为0，不可能做匀速直线运动，故A错误．B、物体合力不为0，当初速度方向与加速度方向相同，若受到的电场力恒定，就可做匀加速直线运动，故B正确．C、物体合力不为0，当初速度方向与加速度方向不在一条直线上，若受到的电场力恒定，就可做匀变速曲线运动，故C正确．D、物体合力不为0，当合力与速度方向始终垂直，就可能做匀速圆周运动，故D正确．故选：BCD．根据物体的初状态和受力情况判断物体的运动情况．依据初速度与加速度的方向关系，可做判定．本题重点要关注力与速度关系，这个关系决定物体的运动形式，要了解几种常见的运动状态的受力情况和速度变化情况．24.如图，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源电动势，r为电源内电阻，以下说法中正确的是（）A.当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B.当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C.当R2=0时，电源的总功率最大D.当R2=0时，电源的输出功率最大【答案】AC【解析】解：A、将R1等效到电源的内部，R2上的功率等于等效电源的输出功率，当外电阻等于内阻时，即R2=R1+r时，输出功率最大，即R2上的功率最大．故A正确．B、根据P=I2R，电流最大时，R1上的功率最大．当外电阻最小时，即R2=0时，电流最大．故B错误．C、当R2=0时，电路中电流最大，电源的总功率P=EI，E不变，则此时电源的总功率最大，故C正确．D、当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大，外电阻与内电阻越接近，电源的输出功率越大，由于R1与r的关系未知，故当R2=0时，无法判断电源的输出功率是否最大，故D错误；故选AC电路中有一个常用的推论：当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．可将定值电阻看成电源的内阻，分析可变电阻的功率；对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．解决本题的关键掌握当外电阻等于内阻时电源的输出功率最大．对于定值电阻，根据P=I2R，电流最大时，功率最大．25.如图所示为圆柱形区域的横截面．在没有磁场的情况下，带电粒子（不计重力）以某一初速度沿截面直径方向入射时，穿过此区域的时间为t；若该区域加垂直该区域的匀强磁场，磁感应强度为B，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，带电粒子飞出此区域时，速度方向偏转了，根据上述条件可求得的物理量为（）A.带电粒子的比荷B.带电粒子的初速度C.带电粒子在磁场中运动的半径D.带电粒子在磁场中运动的周期【答案】AD【解析】解：无磁场时，带电粒子做匀速直线运动，设圆柱形区域磁场的半径为R，则有：v=…①而有磁场时，带电粒子做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qv B=m，解得：轨道半径：r=…②由几何关系得，圆磁场半径与圆轨道半径的关系：r=R…③由①②③联式可得：=；带电粒子在磁场中运动的周期为：T==πt．由于不知圆磁场的半径，因此带电粒子的运动半径也无法求出，以及初速度无法求出．故AD正确，BC错误．故选：AD．在没有磁场时，不计重力的带电粒子以某一初速度沿截面直径方向入射，穿过此区域时粒子做匀速直线运动；在有磁场时，带电粒子仍以同一初速度沿截面直径入射，粒子飞出此区域时，粒子做匀速圆周运动．在匀速直线运动中虽不知半径，但可由位移与时间列出与入射速度的关系，再由匀速圆周运动中半径公式可算出粒子的比荷、周期．带电粒子仅在洛伦兹力的作用下做匀速圆周运动，洛伦兹力只改变速度的方向不改变速度的大小，洛伦兹力对粒子也不做功．同时当粒子沿半径方向入射，则也一定沿着半径方向出射．七、单选题(本大题共1小题，共4.0分)26.回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法正确的是（）A.增大电场的加速电压B.增大D形金属盒的半径C.减小狭缝间的距离D.减小磁场的磁感应强度【答案】B【解析】解：由qv B=m，解得v=．则动能E K=mv2=，知动能与加速的电压无关，狭缝间的距离无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关，增大磁感应强度和D形盒的半径，可以增加粒子的动能．故B正确，A、C、D 错误．故选：B．回旋加速器利用电场加速和磁场偏转来加速粒子，根据洛伦兹力提供向心力求出粒子射出时的速度，从而得出动能的表达式，看动能与什么因素有关．解决本题的关键知道回旋加速器电场和磁场的作用，知道粒子的最大动能与加速的电压无关，与磁感应强度大小和D形盒的半径有关八、多选题(本大题共1小题，共4.0分)27.如图所示，某空间存在竖直向下的匀强电场和垂直纸面向里的匀强磁场，已知一离子在电场力和磁场力作用下，从静止开始沿曲线acb运动，到达b点时速度为零，c为运动的最低点．则（）A.离子必带负电B.a、b两点位于同一高度C.离子在c点速度最大D.离子到达b点后将沿原曲线返回【答案】BC【解析】解：A、粒子开始受到电场力作用开始向下运动，在运动过程中受洛伦兹力作用，知电场力方向向下，则离子带正电．故A错误．B、根据动能定理知，洛伦兹力不做功，在A到B的过程中，动能变化为零，则电场力做功为零，A、B两点等电势，因为该电场是匀强电场，所以A、B两点位移同一高度．故B正确．C、根据动能定理得，离子运动到C点电场力做功最大，则速度最大．故C正确．D、只要将离子在B点的状态与A点进行比较，就可以发现它们的状态（速度为零，电势能相等）相同，如果右侧仍有同样的电场和磁场的叠加区域，离子就将在B之右侧重现前面的曲线运动，因此，离子是不可能沿原曲线返回A点的．如图所示．故D错误．。
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福建师大附中2016-2017高二物理上学期期末试题（含答案）
福建师大附中2016-2017学年第一学期高二年段期末考试试卷 物理2017.1.17 （满分：100分，考试时间：90分钟） 试卷说明： （1）本卷共四大题，18小题，所有的题目都解答在答案卷上，考试结束后，只交答案卷。 （2）考试过程中不得使用计算器或具有计算功能的电子设备 一、单项选择题：（本大题共7小题，每小题4分，共28分。每题所给的选项中只有一个是正确的，选对的得4分，错选或不选的得0分） 1．关于带电粒子所受电场力和洛伦兹力，正确的说法是 A．带电粒子在电场中一定受电场力作用 B．带电粒子在磁场中一定受洛伦兹力作用 C．带电粒子所受电场力一定与该处电场方向一致 D．带正电的粒子所受的洛伦兹力一定与磁场方向一致 2．如图所示，电解液接入电路后，在时间t内有n1个一价正离子通过溶液内截面S，有n2个二价负离子通过溶液内截面S，设e为元电荷，则以下关于该截面电流的说法正确的是 A．当时，电流大小为零 B．当n1＞2n2时，电流方向由A指向B，电流 C．当n1＜2n2时，电流方向由B指向A，电流 D．电流方向由A指向B，电流 3．如图所示，虚线表示某电场的等势面，一带电粒子仅在电场力作用下由A点运动到B点的径迹如图中实线所示。粒子在A点的速度为vA、电势能为；在B点的速度为vB、电势能为EPB。则下列结论正确的是 A．粒子带正电， B．粒子带负电， C．粒子带正电， D．粒子带负电， 4．当宇宙射线向地球射来时，地磁场可以改变射线中大多数带电粒子的运动方向，使它们不能到达地面，这对地球上的生命有十分重要的意义．假设有一个带负电的宇宙射线粒子正垂直于地面向赤道射来，在地磁场的作用下，它将 A．向东偏转B．向南偏转C．向西偏转D．向北偏转 5．一架悬挂于天花板上的弹簧秤下挂水平导线AB，导线中通有如图所示向右的电流I1，导线中心的正下方有与导线AB垂直的另一长直导线，当长直导线中通入向里的电流I2时，关于导线AB的运动及弹簧秤读数的变化正确的是 A．A向里、B向外转动，弹簧秤的读数增大 B．A向里、B向外转动，弹簧秤的读数减小 C．A向外、B向里转动，弹簧秤的读数增大 D．A向外、B向里转动，弹簧秤的读数减小 6．回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒。两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速。两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，在保持匀强磁场和加速电压不变的情况下用同一装置分别对质子()和氦核()加速，则下列说法中正确的是 A．质子与氦核所能达到的最大速度之比为l：2 B．质子与氦核所能达到的最大动能之比为1：l C．加速质子、氦核时交流电的周期之比为2：l D．质子、氦核在磁场中运动的时间之比为l：2 7．硅光电池是一种太阳能电池，具有低碳环保的优点．如图所示，图线a是该电池在某光照强度下路端电压U和电流I的关系图象（电池电动势恒定，内阻不是常数），图线b是某电阻R的U-I图象．在该光照强度下将它们组成闭合回路时，硅光电池的内阻为 A．5.5ΩB．7.0Ω C．12.0ΩD．12.5Ω 二、多项选择题：（本大题共5小题，每小题4分，共20分。每题所给的选项中有不只一个是正确的，全部选对的得4分，部分选对的得2分，有错选或不选的得0分） 8．如图所示，不计重力带电粒子，从静止开始经加速电场（电压U1）加速后从两极板中间垂直射入偏转电场（电压U2），偏转后打在荧光屏上。在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，一定能使带电粒子打在荧光屏上的位置下移的是 A．仅改换比荷大的带电粒子 B．仅减小加速电场的电压U1 C．仅增大偏转电场的电压U2 D．仅增大偏转电场两板间的距离 9．比荷值相同的带电粒子M和N，先后以大小不同的速度沿PO方向射入圆形匀强磁场区域，运动轨迹如图所示，不计重力．则下列分析正确的是 A．M带负电，N带正电 B．M的速率小于N的速率 C．M在磁场中运动的时间小于N在磁场中运动的时间 D．M和N两粒子在磁场中运动的角速度相等 10．在如图所示的电路中，闭合电键S，当滑动变阻器的滑动触头P向下滑动时，四个理想电表的示数都发生变化，电表的示数分别用I、U1、U2和U3表示，电表示数变化量的大小分别用ΔI、ΔU1、ΔU2和ΔU3表示．下列比值正确的是 A．不变，不变B．变大，变大 C．变大，不变D．大于 11．如图所示为一个质量为m、带电荷量为+q的圆环，可在水平放置的足够长的粗糙细杆上滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中．现给圆环向右的初速度v，在以后的运动过程中，圆环运动的速度-时间图象可能是下列选项中的 12．两电荷量分别为q1和q2的点电荷放在x轴上的O、M两点，两电荷连线上各点电势φ随x变化的关系如图所示，其中A、N两点的电势为零，ND段中C点电势最高，则下列选项说法正确的是： A．ND间C处的场强最大 B．q1为正电荷，q2为负电荷，且q1大于q2 C．NC间场强方向与CD间场强方向相反 D．将一负点电荷从N点移到D点，电场力先做负功后做正功 三、实验题（本大题共2题，共12分） 13．（4分）估测某种材料制成的导线的电阻率时， （1）用螺旋测微器测出导线直径时示数如图所示，该导线直径为mm。
（2）用多用电表测该导线电阻时，若选用倍率为“×10”的电阻档进行测量，发现表针偏转角很大。则应该（填正确选项前的字母） A．选用倍率为“×1”的电阻档并进行电调零后再测量 B．选用倍率为“×1”的电阻档不必进行电调零直接测量 C．选用倍率为“×100”的电阻档并进行电调零后再测量 D．选用倍率为“×100”的电阻档不必进行电调零直接测量 14（8分）．LED发光二极管具有体积小、亮度高、能耗低、寿命长等诸多优点，已广泛应用于电脑、手机等电子产品中．有一种LED手灯所用发光二极管，它在正常工作时，正向电压约2.8V，电流在10mA左右．现取这样一只发光二极管，要通过测量描绘出它的伏安特性曲线（电压从0到2.8V），提供有下列实验器材： 电源E(电动势为4V，内阻约为2Ω)； 滑动变阻器R0(阻值0～2Ω)； 电流表A1(量程15mA，内阻约为5Ω)； 电流表A2(量程0.6A，内阻约为1Ω)； 电压表V1(量程3V，内阻约为1kΩ)； 电压表V2(量程15V，内阻约为5kΩ)； 开关及导线若干． （1）则电流表应选________，电压表应选________ （2）请在虚框中画出电路图． （3）若该同学已正确选用器材，并连接好部分实验电路．如图所示，请在图中完成其余的电路连接 四、计算题（本大题4题，共40分） 15．（7分）如图所示，水平放置的光滑的金属导轨M、N，平行地置于匀强磁场中，间距为L，金属棒ab的质量为m，电阻为r，放在导轨上且与导轨垂直．磁场的磁感应强度大小为B，方向与导轨平面成夹角α且与金属棒ab垂直，定值电阻为R，电源及导轨电阻不计．当电键闭合的瞬间，测得棒ab的加速度大小为a，则电源电动势为多大？ 16．（8分）如图所示，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，滑动变阻器的最大阻值R1=10Ω，定值电阻R2=10Ω，R3=3Ω，R4=10Ω，电容器的电容C=20μF．开关S闭合电路稳定后，求： ⑴滑动变阻器滑片从最左端滑到最右端的过程中，通过R4的电量； ⑵在⑴的过程中电源的最大输出功率。 17（11分）如图所示，在倾角θ=30°足够长的光滑绝缘斜面的底端A点固定一电量为Q的正点电荷，在距离A为S0的C处由静止释放某带正电荷的小物块P（可视为点电荷），小物块运动到B点（图中未画出）时速度最大，最大速度为vm。已知小物块P释放瞬间的加速度大小恰好为重力加速度g。已知静电力常量为k，空气阻力忽略不计。求 （1）小物块所带电量q和质量m之比； （2）AB之间的距离S； （3）CB之间的电势差UCB。 18（14分）如图所示，△OAC的三个顶点的坐标分别为O（0，0）、A（L，0）、C（0，L），在△OAC区域内存在垂直于xOy平面向里的匀强磁场．在t=0时刻，从三角形的OA边各处有质量均为m、电荷量均为q的带正电粒子射入磁场，所有粒子射入磁场时相同速度且均沿y轴正向，已知在t=t0时刻从OC边射出磁场的粒子的速度方向垂直于y轴．不计粒子的重力和粒子间的相互作用。求（1）带电粒子在磁场中运动的周期T； （2）磁场的磁感应强度B的大小； （3）若恰好不能从AC边离开磁场的粒子最终从O点离开磁场，求粒子进入磁场时的速度大小v1； （4）若从OA边两个不同位置射入磁场的粒子，先后从OC边上的同一点P（图中未标出）射出磁场，这两个粒子经过P点的时间间隔与P点位置有关，若该时间间隔的最大值为，求粒子进入磁场时的速度大小v2。 福建师大附中2016-2017学年第一学期高二年段期末考试试卷答案 一、单选题 1A2D3B4C5C6B7A 二、多选题 8BC9ABD10AC11AD12BC 三、实验题 13（1）0.920（2）A 14（1）A1V1（2）（3） 四、计算题 15.【解析】试题分析:当电键闭合的瞬间，导体棒受到重力mg、轨道的支持力N和安培力F三个力作用，如图．根据牛顿第二定律得 Fsinα=ma（2分） 又F=BIL（2分） （2分）