2013年广东各地一模物理试题汇总2(双选题)
2013惠州一模 物理
惠州市2013届高三第一次调研考试物理试题本试卷共10页，36小题，满分300分。
考试用时150分钟。
一、单项选择题（每小题4分，满分64分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项最 符合题目要求，选对的得4分，多选、选错或不答的得0分。
） 13.如图所示，AO 、BO 、CO 三根绳子抗拉程度完全一样， 如果CO 绳子吊着重物的重力逐渐加大，当超过一定 量时，则最先断的绳子是： A ．AO 绳子 B ．BO 绳子 C ．CO 绳子 D ．三根绳子同时断 14.若地球卫星绕地球做匀速圆周运动，其实际绕行速率 A ．一定等于7.9km/s B ．一定小于7.9km/s C ．一定大于7.9km/s D ．介于7.9-11.2km/s 之间15.如图所示，实线表示匀强电场的电场线．一个带正电荷的粒子以某—速度射入匀强电场，只在电场力作用下，运动的轨迹如图中的虚线所示，a 、b 为轨迹上的两点．若a 点电势为φa ,b 点电势为φb ，则 A ．场强方向一定向左,且电势b a φφ> B ．场强方向一定向左,且电势b a φφ< C ．场强方向一定向右,且电势b a φφ> D ．场强方向一定向右,且电势b a φφ<16．如图所示，在x≤0的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂 直于纸面向里．矩形线框abcd 从t=0时刻起由静止开始沿x 轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流I （取逆时针 方向的电流为正）随时间t 的变化图线是二、双项选择题（每小题6分，满分54分。
在每小题给出的四个选项中，只有2个选项 符合题目要求，全选对的得6分，只选1项且正确的得3分，有多选、选错或不答 的得0分。
） 17.下列说法正确的是A ．伽利略通过理想斜面实验，得出力不是维持物体运动原因的结论B ．牛顿发现了万有引力并测出了万有引力常量C ．安培通过油滴实验测量了电子所带的电荷量D ．库仑总结并确认了真空中两个静止点电荷之间的相互作用规律18.运动员站在高台上，双手紧握链条的一端，链条另一端拴一重链球，重链球水平面内 做圆周运动，在转速不断增大的过程中，某时刻突然松手，链球水平飞出。
2013年广州市一模模拟物理试题(word版含答案)-推荐下载
平台上运动的 v2-x 关系如图乙所示。最后，小木块从平台边缘滑出落在距平台右侧水平距离 s =0.8m 的地面上，g 取 10m/s2，求：
（1）小木块滑出时的速度；
（2）小木块在滑动过程中产生的热量； （3）子弹射入小木块前的速度。
甲
3
对全部高中资料试卷电气设备，在安装过程中以及安装结束后进行高中资料试卷调整试验；通电检查所有设备高中资料电试力卷保相护互装作置用调与试相技互术通关，1系电过，力管根保线据护敷生高设产中技工资术艺料0不高试仅中卷可资配以料置解试技决卷术吊要是顶求指层，机配对组置电在不气进规设行范备继高进电中行保资空护料载高试与中卷带资问负料题荷试2下卷2，高总而中体且资配可料置保试时障卷，各调需类控要管试在路验最习；大题对限到设度位备内。进来在行确管调保路整机敷使组设其高过在中程正资1常料中工试，况卷要下安加与全强过，看度并22工且22作尽22下可22都能22可地护以缩1关正小于常故管工障路作高高；中中对资资于料料继试试电卷卷保破连护坏接进范管行围口整，处核或理对者高定对中值某资，些料审异试核常卷与高弯校中扁对资度图料固纸试定，卷盒编工位写况置复进.杂行保设自护备动层与处防装理腐置，跨高尤接中其地资要线料避弯试免曲卷错半调误径试高标方中高案资等，料，编试要5写、卷求重电保技要气护术设设装交备备置底4高调、动。中试电作管资高气，线料中课并敷3试资件且、设卷料中拒管技试试调绝路术验卷试动敷中方技作设包案术，技含以来术线及避槽系免、统不管启必架动要等方高多案中项；资方对料式整试，套卷为启突解动然决过停高程机中中。语高因文中此电资，气料电课试力件卷高中电中管气资壁设料薄备试、进卷接行保口调护不试装严工置等作调问并试题且技，进术合行，理过要利关求用运电管行力线高保敷中护设资装技料置术试做。卷到线技准缆术确敷指灵设导活原。。则对对：于于在调差分试动线过保盒程护处中装，高置当中高不资中同料资电试料压卷试回技卷路术调交问试叉题技时，术，作是应为指采调发用试电金人机属员一隔，变板需压进要器行在组隔事在开前发处掌生理握内；图部同纸故一资障线料时槽、，内设需，备要强制进电造行回厂外路家部须出电同具源时高高切中中断资资习料料题试试电卷卷源试切，验除线报从缆告而敷与采设相用完关高毕技中，术资要资料进料试行，卷检并主查且要和了保检解护测现装处场置理设。备高中资料试卷布置情况与有关高中资料试卷电气系统接线等情况，然后根据规范与规程规定，制定设备调试高中资料试卷方案。
2013年广东省广州市高考物理一模试卷
2013年广东省广州市高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共16.0分)1.水压机是利用液体来传递压强的．水压机工作时，水分子间（）A.只有斥力B.只有引力C.既有引力也有斥力，但分子力表现为引力D.既有引力也有斥力，但分子力表现为斥力【答案】D【解析】解：水分子间引力和斥力是同时存在的，水压机是利用液体来传递压强时，分子间距离较小，引力f引和斥力f斥随着分子间距离减小而增大，但斥力增加快，此时分子力表现为斥力．故D正确．故选D分子间的相互作用力由引力f引和斥力f斥两部分组成，这两种力同时存在，实际的分子力是引力和斥力的合力．引力f引和斥力f斥随着分子间距离增大而减小，随着分子间距离减小而增大．对于分子力的特点，要抓住三个“同”：分子间的引力和斥力是同时存在的；随着分子间距离变化，分子引力和斥力是同增同减的．2.如图是压力保温瓶的结构简图，活塞a与液面之间密闭了一定质量的气体．假设封闭气体为理想气体且与外界没有热交换，则向下压a的过程中，瓶内气体（）A.内能增大B.体积增大C.压强不变D.温度不变【答案】A【解析】解：A、当向下压活塞a时，压力对气体做功，气体与外界又没有热交换，由热力学第一定律得内能增大，故A正确B、向下压a的过程中，体积减小，故B错误C、一定质量的气体，内能增大，温度升高，体积减小，根据气体方程得压强增大，故C错误，D错误．故选A．当向下压活塞a时，压力对气体做功，气体与外界又没有热交换，由热力学第一定律分析内能变化，根据气体方程求解压强的变化．本题是气体的状态方程与热力学第一定律结合的问题，考查综合应用物理规律的能力．关键要明确气体的压强不变．3.如图，虚线表示a、b两个相同圆形金属线圈的直径，圆内的磁场方向如图所示，磁感应强度大小随时间的变化关系B=kt（k为常量）．当a中的感应电流为I时，b中的感应电流为（）A.OB.O.5IC.ID.2I【答案】A【解析】解：b环中穿过圆环的磁感线完全抵消，磁通量为零，保持不变，所以没有感应电流产生，则I b=0．故选A本题先判断圆环中有无感应电流产生，根据产生感应电流的条件进行判断．此题关键是掌握产生感应电流的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化．4.如图，细线a和b的一端分别固定在水平地面上，另一端系一个静止在空气中的氢气球，细线与地面的夹角分别为30°和60°．若a、b受到的拉力分别为T a和T b，氢气球受到的浮力为F，则（）A.T a＞T bB.T a＜T bC.F=T aD.F＜T b【答案】B【解析】解：不计氢气球的重力，受力如图所示．从力图可知，T a＜T b＜F，故B正确，A、C、D错误．故选B．对氢气球受力分析，根据共点力平衡比较两绳子的拉力．解决本题的关键能够正确地受力分析，根据共点力平衡进行求解，知道在平行四边形中，边的长短代表力的大小．二、多选题(本大题共5小题，共30.0分)5.两个核反应方程：C H+H→H e+x1 ②P→S i+x2，其中x1x2各表示某种粒子，则下列说法正确的是（）A.①是聚变反应B.②是裂变反应C.X1是HD.X2是e【答案】AD【解析】解：H+H→H e+x1，知x1的电荷数为0，质量数为1，为中子，该反应为聚变反应．P→S i+x2，知x2的电荷数为1，质量数为0，为正电子．该反应不是裂变反应．故A、D正确．B、C错误．故选AD．根据电荷数守恒、质量数守恒确定未知粒子的电荷数和质量数，从而知道未知粒子为何种粒子．解决本题的关键知道核反应过程中电荷数守恒、质量数守恒．6.某正弦交流电的i-t图象如图所示，则该电流的（）A.频率f=O.02H zB.有效值I=10 AC.峰值I m=210AD.瞬时值表达式i=20sin100πt（A）【答案】BD【解析】解：A、周期T=0.02S，频率为周期的倒数是50H z，故A错误B、正弦交流电有效值I==10A，故B正确C、峰值I m=20A，故C错误D、角速度ω=2πf=100π，所以瞬时值表达式i=20sin100πt A，故D正确；故选BD．由图象知电流的有效值、周期，从而得出频率和角速度，求功率用有效值．本题考查了根据图象得出有用物理信息的能力，根据周期、峰值和有效值计算．7.如图，在同一竖直平面内，距地面不同高度的地方，以不同的水平速度同时抛出两个小球．则两球（）A.一定不能在空中相遇B.落地时间可能相等C.抛出到落地的水平距离有可能相等D.抛出到落地的水平距离一定不相等【答案】AC【解析】解：A、因为两球同时抛出，落地前相等时间内下落的高度相同，则两球一定不能在空中相遇．故A正确．B、平抛运动的时间由高度决定，所以两球落地时间不等．故B错误．C、因为初速度不等，时间不等，但是水平距离可能相等．故C正确，D错误．故选AC．平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道高度决定时间．8.地球赤道上的物体随地球自转而做圆周运动的向心力为F1，向心加速度为a1，线速度为v1，角速度为ω1；地球同步卫星的向心力为F2，向心加速度为a2，线速度为v2，角速度为ω2；设物体与卫星的质量相等，则（）A.F1＞F2B.a1＞a2C.v1＜v2D.ω1=ω2【答案】CD【解析】解：A、物体1和卫星2周期相等，则角速度相等，即ω1=ω2，而加速度a=rω2，则a2＞a1，物体与卫星的质量相等，根据F=ma得F2＞F1．故AB错误C、物体1和卫星2周期相等，则角速度相等，即ω1=ω2，根据v=rω，则v2＞v1，故C正确，D正确故选CD．题中涉及两个物体：地球赤道上有一随地球的自转而做圆周运动物体1、地球同步卫星2；物体1与人造卫星2转动周期相同，进行比较分析即可．本题关键要将物体1、同步卫星2进行分析比较，把物体当同一种模型分析，否则会使问题复杂化．9.某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电粉尘被吸附时由b点运动到a点，以下说法正确的是（）A.该电场是匀强电场B.a点电势高于b点电势C.电场力对粉尘做正功D.粉尘的电势能增大【答案】BC【解析】解：A、该电场的电场线疏密不均匀，所以不是匀强电场．故A错误B、沿着电场线方向电势降低．所以a点电势高于b点电势，故B正确C、带负电粉尘受电场力向右，由b点运动到a点，电场力对粉尘做正功．故C正确D、带负电粉尘被吸附时由b点运动到a点，电场力对粉尘做正功，电势能减小，故D 错误故选BC．电场线的疏密反映电场的强弱．沿着电场线方向电势降低．根据电场力做功判断电势能的变化．掌握电场线的特点即可解决问题．知道电势能的变化不仅与电势变化有关还与电荷性质有关．三、实验题探究题(本大题共1小题，共18.0分)10.（1）用如图（a）所示的实验装置验证机械能守恒定律．①为了减少______ 带来的误差，打点计时器的两个限位孔中心连线应在一条竖直线上．②实验操作时，先______ ，再______ （选填“释放纸带”、“接通打点计时器电源”）③如图（b）是某次实验的一条纸带，A、B、C、D、E、F、G是连续的七个点．为验证重锤对应B点和F点时的机械能是否相等，并使数据处理简便，应测量______ 两点间的距离，______ 两点间的距离和B、F两点间的距离．④若重物质量为0.200kg，B、F间的距离为12.00cm，g取9.8m/s2．对应B到F的下落过程中，重锤重力势能的减少量△E p= ______ J（计算结果保留三位有效数字）．（2）如图（c）所示的金属工件，截面外方内圆，外边长约为lcm、内径约为0.5cm、长度约为40cm．①某同学用游标卡尺测出截面外边长如图（d）所示，其读数a= ______ cm．②应选用______ 来测量工件内径d，选用______ 来测量工件长度L．（选填“毫米刻度尺”，“游标卡尺”，“螺旋测微器”）③为了测出该金属的电阻率，该同学设计了如图（e）所示的电路，请按设计的电路完成实物图（f）的连线．④实验测得工件两端电压为U，通过的电流为I，请写出该金属电阻率的表达式p=______ ．（用a、d，L、U、I等字母表示）【答案】摩擦阻力；接通打点计时器电源；释放纸带；A、C；E、G；0.235；1.02；游标卡尺；毫米刻度尺；π【解析】解：（1）①为了减少纸带与限位孔间的摩擦阻力带来的误差，打点计时器的两个限位孔中心连线应在一条竖直线上．②实验操作时，先接通打点计时器电源，再释放纸带．③为验证重锤对应B点和F点时的机械能是否相等，需要求出重锤对应于B、F两点的瞬时速度，做匀变速运动的物体在某段时间内的平均速度等于该段时间中间时刻的瞬时速度，应测量A、C两点间的距离，E、G两点间的距离和B、F两点间的距离．④重锤重力势能的减少量△E p=mgh=0.235J．（2）①由图d所示游标卡尺可得，主尺示数为1cm，游标尺示数为2×0.1mm=0.2mm=0.02cm，则游标卡尺读数a=1cm+0.02cm=1.02cm；②应选用游标卡尺来测量工件内径d，选用毫米刻度尺来测量工件长度L．③根据电路图连接实物电路图，电路图如图所示．④工件的横截面积S=a2-π，工件电阻R=，由电阻定律R=ρ得：金属的电阻率ρ==π．故答案为：（1）①摩擦阻力；②接通打点计时器电源；释放纸带；③A、C；E、G；④0.235；（2）①1.02；②游标卡尺；毫米刻度尺；③电路图如图所示；④π．（1）根据验证机械能守恒定律实验的实验注意事项、匀变速运动的推论、功的计算公式分析答题．（2）①游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数；②可以用游标卡尺的内侧利爪测工件的内径；用毫米刻度尺测工件的长度；③根据电路图连接实物电路图；④根据欧姆定律与电阻定律求出电阻率的表达式．（1）知道实验原理与实验注意事项即可正确解题．（2）游标卡尺主尺与游标尺示数之和是游标卡尺示数，对游标卡尺读数时，不需要估读；应用欧姆定律与电阻定律即可求出电阻率表达式．四、计算题(本大题共2小题，共36.0分)11.如图所示，内径为r、外径为2r的圆环内有垂直纸面向里、磁感应强度为B的匀强磁场．圆环左侧的平行板电容器两板间电压为U，靠近M板处静止释放质量为m、电量为q的正离子，经过电场加速后从N板小孔射出，并沿圆环直径方向射入磁场，求：（1）离子从N板小孔射出时的速率；（2）离子在磁场中做圆周运动的半径；（3）要使离子不进入小圆区域，磁感应强度的取值范围．【答案】解：（1）带电粒子在平行板电容器中加速过程，由动能定理得q U=解得，v=（2）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，由洛仑兹力充当向心力，由牛顿第二定律得qv B=m则得圆周运动的半径R==（3）当粒子的轨迹恰好与小圆相切时，轨迹半径最大，画出轨迹，如图，由几何关系得R2+（2r）2=（R+r）2解得，R=1.5r由R=得B=将v=，R=1.5r代入解得，B=所以要使离子不进入小圆区域，磁感应强度的取值范围为B≥．答：（1）离子从N板小孔射出时的速率是；（2）离子在磁场中做圆周运动的半径是；（3）要使离子不进入小圆区域，磁感应强度的取值范围为B≥．【解析】（1）带电粒子在平行板电容器中做匀加速直线运动，由动能定理可求得粒子射入磁场时的速度；（2）粒子进入磁场后做匀速圆周运动，由洛仑兹力充当向心力，可由牛顿第二定律求得粒子旋转半径R；（3）要使离子不进入小圆区域，轨迹半径要足够小，当粒子的轨迹恰好与小圆相切时，轨迹半径最大，画出轨迹，由几何关系可得粒子轨迹半径的最大值，由牛顿第二定律求得磁感应强度的最小值，即可求得B的范围．带电粒子在电磁场中的运动，要注意灵活选择物理规律，电场中一般由动能定理或类平抛的规律求解，而磁场中粒子做圆周运动，应由向心力公式及几何关系求解．12.如图所示，轻杆一端固定着小球A，另一端可绕0点自由转动；矩形厚木板B放在粗糙的水平地面上，B上表面的最右端有一光滑小物块C；A在最低点时刚好与B左侧接触．轻杆与水平成30°角时，给A以大小为v0=、方向垂直于杆的初速度，A到达最低点时与B发生正碰后静止．已知g为重力加速度，L为杆长；A、C可视为质点，质量均为m；B的质量为2m、长度也为L；B与地面的动摩擦因数μ=0.4，其余摩擦不计．（1）求A到达最低点与B碰撞前，A受到杆的作用力大小；（2）讨论木板高度h取不同值时，C落地瞬间与B左侧的水平距离．【答案】解：（1）A在下落过程中，由动能定理得：mg（L+L sin30°）=mv2-mv02①，在最低点，由牛顿第二定律得：F-mg=m，解得：v=，F=7mg，则在最低点，杆对A的作用力大小为7mg，方向竖直向上．（2）A与B碰撞过程系统动量守恒，由动量守恒定律得：mv=2mv′②，由①②v′=；碰后B做向右做匀减速直线运动，C静止不动，当B的位移为L过程中，对B由动能定理得：-μ（2m+m）g L=•2mv″2-•2mv′2，代入数据解得：v″=，此时C离开B，C离开B到B静止需要的时间：t=″==，B到静止过程的位移：s=″===0.375L；C离开B后做自由落体运动，h=gt′2，t′=，①当t′≥t，即h≥L时，C落地瞬间与B左侧的水平距离：x=s=0.375L；②当t′＜t，即h＜L时，C落地瞬间与B左侧的水平距离：x=v″t′-at′2=×-×μg×=-0.4h．答：（1）A到达最低点与B碰撞前，A受到杆的作用力为7mg．（2）①当h≥L时，C落地瞬间与B左侧的水平距离x=0.375L；②当h＜L时，C落地瞬间与B左侧的水平距离为x=-0.4h．【解析】（1）由动能定理求出A到达最低点时的速度，由牛顿第二定律求出A受到杆的作用力．（2）应用动量守恒定律、动能定理、自由落体运动规律与匀变速运动规律分析解题．应用动能定理、动量守恒定律、动能定理、匀变速运动运动规律即可正确解题．。
2013年广东省高考模拟理综物理分类汇编——电磁感应
2013年广东省高考理综模拟题物理部分分类汇编——电磁感应一、单选题1．（2013届惠州市高三第一次调研16）如图所示，在x≤0的区域内存在匀强磁场，磁场的方向垂直于纸面向里．矩形线框abcd从t=0时刻起由静止开始沿x轴正方向做匀加速运动，则线框中的感应电流I（取逆时针方向的电流为正）随时间t的变化图线是（）2．（2013届广东省江门市高三调研测试理综物理16）如图所示,金属杆ab静放在水平固定的“U”形金属框上，整个装置处于竖直向上的磁场中，当磁感应强度均匀增大时，杆ab总保持静止，则（）A．杆中感应电流方向是从b到aB．杆中感应电流大小保持不变C．金属杆所受安培力大小保持不变D．金属杆所受安培力水平向右3．（2013届广东省华附省实深中广雅四校高三上学期期末联考理综物理15）如图所示，螺线管的导线的两端与两平行金属板相接，一个带负电的小球用丝线悬挂在两金属板间，并处于静止状态，若条形磁铁突然插入线圈时，小球的运动情况是（）A．向左摆动B．向右摆动C．保持静止D．无法判定4．（2013届广东省肇庆市高三上学期期末统一检测理综物理15）如下图（甲）所示，一边长为L的正方形导线框，匀速穿过宽2L的匀强磁场区域．取它刚进入磁场的时刻为t＝0，则在图（乙）中，能正确反映线框感应电流i随时间t变化规律的是（规定线框中电流沿逆时针方向为正）（）5．（2013届广东省汕头市第一学期期末教学质量测理综物理16）如图，圆环形导体线圈a 平放在水平桌面上，在a 的正上方固定一竖直螺线管b ，二者轴线重合，螺线管与电源和滑动变阻器连接成如图所示的电路．若将滑动变阻器的滑片P 向下滑动，下列表述正确的是（A ．线圈a 中将产生俯视顺时针方向的感应电流B ．穿过线圈a 的磁通量变小C ．线圈a 有扩张的趋势D ．线圈a 对水平桌面的压力F N 将增大 6．（2013届茂名市一模理综物理15）如图所示，绕在铁芯上的线圈与电源、滑动变阻器和电键组成闭合回路，在铁芯的右端套有一个表面绝缘的铜环A ，下列各种情况中铜环A 中没有感应电流的是（ ）A ．线圈中通以恒定的电流B ．通电时，使变阻器的滑片P 作匀速移动C ．通电时，使变阻器的滑片P 作加速移动D ．将电键突然断开的瞬间7．（2013年深圳一模理综物理试题15）物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用。
【解析版】广东省东莞市2013年高考物理一模试卷
2013年广东省东莞市高考物理一模试卷一、选择题4．（4分）图l中的变压器为理想变压器，原、副线圈的匝数之比为10：1．变压器的原线圈接如图2所示的正弦交流电，电压表为理想电表接在副线圈两端．则（）5．（4分）据央视报道，北京时间2012年10月15日凌晨，奥地利著名极限运动员鲍姆加特纳从距地面高度约3.9万米的高空跳下，并成功着陆，一举打破多项世界纪录．假设他从氦气球携带的太空舱上跳下到落地的过程中沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，则下列说法中正确的是（）6．（4分）我国正在建设的北斗卫星导航系统，将由5颗地球同步卫星和30颗非同步卫星组成，下列表述7．（4分）绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着﹣个较轻的铝环，线圈与电源、电键相连，如图所示．下面说法正确的是（）8．（4分）如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ，整个装置处于匀强磁场中．质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止．则（）9．（4分）如图所示，在粗糙程度相同的绝缘斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度地释放带有与Q同种电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点静止，则从M到N的过程中（）二、解答题10．（6分）图1为“探究加速度与力、质量的关系”实验装置图．图中A为小车，B为砝码及砝码盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连，计时器接50Hz交流电．小车A的质量为m1，砝码及砝码盘B的质量为m2．①下列说法正确的是CDA．每次改变小车质量时，应重新平衡摩擦力B．实验时应先释放小车后接通电源C．本实验m2应远小于m1D．在用图象探究加速度与质量关系时，应作图象②实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a﹣F图象，可能是图2中的丙（选填“甲”、“乙”、“丙”）③图3为某次实验得到的纸带，纸带中相邻计数点间的距离已标出，相邻计数点间还有四个点没有画出．由此可求得小车的加速度大小0.50m/s2．（结果保留二位有效数字）11．（12分）①某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如图1所示，则它们的读数值依次是0.996～0.998mm、0.42A、 2.25～2.28V．②已知实验中所用的电流表内阻约几欧，电压表内阻约20kΩ，则本实验电路应当采用图2中的A（填A或B），用此电路测量的金属丝电阻比真实值偏小（选填“大”或“小”）．③若已知实验所用的电流表内阻的准确值为R A，那么能准确测量金属丝电阻R x的电路应选图2中的B 电路（填A或B）．若此时测得电流为I、电压为U，则金属丝电阻R x=（用题中字母代号表示）．若用米尺测得金属丝的长度为L，用螺旋测微器测得金属丝直径为d，则该金属丝的电阻率ρ=（用π、d、L、R x表示）．12．（18分）如图所示，在真空中，半径为d的虚线所围的圆形区域内只存在垂直纸面向外的匀强磁场，在磁场右侧有一对平行金属板M和N，两板间距离也为d，板长为l．板间存在匀强电场，两板间的电压为U0．两板的中心线O1O2，与磁场区域的圆心O在同一直线上．有一电荷量为q、质量为m的带正电粒子，以速率v0从圆周上的P点沿垂直于半径OO l并指向圆心O的方向进入磁场，从圆周上的O1点飞出磁场后沿两板的中心线O1O2射入匀强电场，从两板右端某处飞出．不计粒子所受重力．求（1）磁场的磁感应强度B的大小（2）粒子在磁场和电场中运动的总时间（3）当粒子在电场中经过时间t=时，突然改变两金属板带电性质，使电场反向，且两板间电压变为U1，则粒子恰好能从O2点飞出电场，求电压U1和U0的比值．13．（18分）如图所示，光滑水平面MN的左端M处固定有一能量补充装置P，使撞击它的物体弹回后动能在原来基础上增加一定值．右端N处与水平传送带恰好平齐且靠近，传送带沿逆时针方向以恒定速率v=6m/s匀速转动，水平部分长度L=9m．放在光滑水平面上的两相同小物块A、B（均视为质点）间有一被压缩的轻质弹簧，弹性势能Ep=9J，弹簧与A、B均不粘连，A、B与传送带间的动摩擦因数μ=0.2，物块质量m A=m B=lkg．现将A、B同时由静止释放，弹簧弹开物块A和B后，迅速移去轻弹簧，此时，A 还未撞击P，B还未滑上传送带．取g=10m/s2．求：（1）A、B刚被弹开时的速度大小（2）试通过计算判断B第一次滑上传送带后，能否从传送带右端滑离传送带（3）若B从传送带上回到光滑水平面MN上与被弹回的A发生碰撞后粘连，一起滑上传送带．则P应给A至少补充多少动能才能使二者一起滑离传送带．。
2013年广东省六校联考高考物理一模试卷
2013年广东省六校联考高考物理一模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共26.0分)1.甲、乙两物体都做匀加速直线运动，已知甲物体的加速度大于乙物体的加速度，则在某一段时间内（）A.甲的位移一定比乙的大B.甲的平均速度一定比乙的大C.甲的速度变化一定比乙的大D.甲的末速度一定比乙的大【答案】C【解析】解：A、匀变速直线运动位移公式：x=，已知甲物体的加速度大于乙物体的加速度，但是不知道甲、乙两物体的初速度大小关系，所以在某一段时间内位移关系无法比较，故A错误；B、根据平均速度v=得甲、乙两物体平均速度无法比较，故B错误；C、根据△v=a△t，所以一段时间内加速度大的物体速度变化大，故C正确．D、知道甲、乙两物体的初速度大小关系，根据x=v0+at得任意时刻的速度无法比较，故D错误．故选：C．要正确解答本题必须熟练掌握匀变速直线运动公式：x=，△v=a△t，x=v0+at．并且抓住关键条件：相同时间，据此可正确解答本题．对于运动学公式要全面理解，要明确公式中各个物理量的含义、公式适用条件等，不可片面的从某一角度理解．2.在人类认识原子与原子核结构的过程中，符合物理学史的是（）A.查德威克通过研究阴极射线发现了电子B.汤姆生首先提出了原子的核式结构学说C.居里夫人首先发现了天然放射现象D.卢瑟福通过原子核的人工转变发现了质子【答案】D【解析】解：A、汤姆生通过研究阴极射线发现了电子，查德威克发现了中子．故A错误．B、卢瑟福首先提出了原子的核式结构学说．C、贝克勒尔首先发现了天然放射现象．故C错误．D、卢瑟福用α粒子轰击氮核实现了原子核的人工转变，并发现了质子．故D正确．故选D解答本题应抓住：汤姆生通过研究阴极射线发现了电子；卢瑟福首先提出了原子的核式结构学说；贝克勒尔首先发现了天然放射现象；卢瑟福通过原子核的人工转变发现了质子．在人类认识原子与原子核结构的过程中在许多重大发现，可结合年代、发现的过程和内容等等进行记忆．3.核动力潜艇是潜艇中的一种类型，指以核反应堆为动力来源设计的潜艇．在核反应中有一种是一个U原子核在中子的轰击下发生的一种可能的裂变反应，其裂变方程为U+n→X+S r+10n，则下列叙述正确的是（）A.X原子核中含有54个质子B.X原子核中含有53个中子C.裂变时释放能量是因为亏损的质量变成了能量D.裂变时释放能量，出现质量亏损，质量数不守恒【答案】A【解析】解：AB、由核反应方程的质量数守恒和电荷数守恒可知：X原子核中含有92-38=54个质子，235+1-94-10-54=78个中子；故A正确，B错误；C、并不是质量亏损转变成能量，而是重核发生链式反应分解成轻核的过程会释放能量，故C错误；D、据爱因斯坦的质能方程可知，质量亏损时释放能量不是质量变成了能量，而是亏损的质量以能量的形式释放，但质量数依然守恒．故D错误．故选：A．根据核反应前后质量数和核电荷数均守恒，即可求解．本题题干较长，涉及信息较多，但真正有用信息是考查核反应方程．4.如图所示，甲、乙两人在冰面上“拔河”．两人中间位置处有一分界线，约定先使对方过分界线者为赢．若绳子质量不计，冰面可看成光滑，则下列说法正确的是（）A.甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是一对平衡力B.甲对绳的拉力与乙对绳的拉力是作用力与反作用力C.若甲的质量比乙大，则甲能赢得“拔河”比赛的胜利D.若乙收绳的速度比甲快，则乙能赢得“拔河”比赛的胜利【答案】C【解析】解：A、甲对绳的拉力与绳对甲的拉力是作用力和反作用力，故A错误；B、甲对绳的拉力与乙对绳的拉力的一对平衡力，故B错误；C、若甲的质量比乙大，则甲的加速度比乙的小，可知乙先到分界线，故甲能赢得“拔河”比赛的胜利，故C正确；D、收绳速度的快慢并不能决定“拔河”比赛的输赢，故D错误．故选C．作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失，而平衡力不会同时产生和消失．在作用力一样的情况下，由牛顿第二定律可知，质量大的，加速度小，运动的慢．胜负的关键在于看谁的速度大，是谁先到达分界线，由于力的大小一样，又没有摩擦力，就只与质量有关了．5.如图所示为物体做直线运动的v-t图象．若将该物体的运动过程用s-t图象表示出来（其中s为物体相对出发点的位移），则图中的四幅图描述正确的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】解：由速度时间图象可以看出物体在0到t1时间内做向正方向的匀速直线运动，t1到t2时间内速度为零，t2到t3时间内做反方向的匀速直线运动，与第一段时间内速度大小相同，因为位移时间图象的斜率表示速度，斜率的正负表示速度的方向；A、图象中第一段时间内的速度为负值，故A错误；B、图象中第三段时间内物体的速度为正值，故B错误；C、由位移时间图象可以看出，物体在0到t1时间内做向正方向的匀速直线运动，t1到t2时间内速度为零，t2到t3时间内做反方向的匀速直线运动，故C正确；D、由其图象可以看出第一段时间内的斜率与第三段时间内的斜率大小不同，说明速度大小不同，故D错误；故选：C．由速度-时间图象可以看出物体在第一段时间内做匀速直线运动，第二段时间内速度为零，第三段时间内做反方向的匀速直线运动，结合速度-时间图象、位移-时间图象规律解题．理解位移-时间图象点和斜率的物理意义；理解好速度-时间图象的点、线、面的物理意义．6.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A.小灯泡L1、L2均变暗B.小灯L1、L2均变亮C.电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D.电流表A的读数变大，电压表V的读数变小【答案】C【解析】解：将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，并联部分的电阻增大，外电路总电阻增大，则干路电流减小，故L2灯变暗，电流表读数变小．电源的内电压减小，则路端电压增大，电压表读数变大．根据串联电路分压特点可知，并联部分电压增大，则L1灯变亮．故C正确．ABD错误．故选：C将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律判断干路电流的变化，即可知道电流表示数的变化和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．分析并联部分电压的变化，判断L1灯亮度的变化．本题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式、灵活应用欧姆定律公式是正确解题的关键．7.一个质点正在做匀加速直线运动，用固定的照相机对该质点进行闪光照相，闪光时间间隔为1s，分析照片得到的数据，发现质点在第1次、第2次闪光的时间间隔内移动了0.2m；在第3次、第4次闪光的时间间隔内移动了0.8m，由上述条件可知（）A.质点运动的加速度是0.6m/s2 B.质点运动的加速度是0.3m/s2C.第1次闪光时质点的速度是0.05m/sD.第1次闪光时质点的速度是0.1m/s【答案】BC【解析】解：A、B、匀变速直线运动，在连续相等的时间间隔内通过的位移的差值为一个恒定的值，即，故有解得故A错误，B正确；C、D、第一秒时间内，物体做匀加速直线运动，根据位移时间公式，得到解得故C正确，D错误；故选BC．对于匀变速直线运动，在连续相等的时间间隔内通过的位移的差值为一个恒定的值，即；求出加速度后，再根据位移时间公式求出第1次闪光时质点的速度．本题关键根据求出加速度，然后根据位移时间关系公式列式求解．8.如图所示，地球赤道上的山丘、近地资源卫星和同步通信卫星均在赤道平面内绕地心做匀速圆周运动．设山丘e、近地资源卫星p和同步通信卫星q的圆周运动速率依次为v1、v2、v3，向心加速度依次为a1、a2、a3，则（）A.v1＞v2＞v3B.v1＜v3＜v2C.a1＞a2＞a3D.a2＞a3＞a1【答案】BD【解析】解：A、B、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据v=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故V1＜V3；根据卫星的线速度公式v=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的线速度大于同步通信卫星的线速度，即V3＜V2；故V1＜V3＜V2，故A错误，B正确；C、D、山丘e与同步通信卫星q转动周期相等，根据a=ω2r=，由于山丘e的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故山丘e的轨道加速度小于同步通信卫星q的加速度，即a1＜a3；根据加速度公式a=，由于近地资源卫星的轨道半径小于同步通信卫星q的轨道半径，故近地资源卫星的加速度小于同步通信卫星的加速度，即a3＜a2；故a1＜a3＜a2，故C 错误，D正确；故选：BD．题中涉及三个物体：地球赤道上的山丘e、近地资源卫星p、同步通信卫星q；山丘e与同步通信卫星q转动周期相同，近地资源卫星p与同步通信卫星q，都是万有引力提供向心力；分两种类型进行比较分析即可．本题关键要将地球赤道上的山丘e、近地资源卫星p、同步通信卫星q分为两组进行分析比较，最后再综合；一定不能将三个物体当同一种模型分析，否则会使问题复杂化．二、多选题(本大题共2小题，共8.0分)9.如图所示，汽缸放置在水平台上，活塞质量为5kg，若保持密闭气体温度不变，将汽缸缓慢竖起倒置，汽缸倒置过程中（活塞没有脱离汽缸），下列说法正确的是（）A.密闭气体的压强增大了B.密闭气体的压强减小了C.密闭气体吸收热量，对外做功D.外界气体对缸内密闭气体做功，放出热量【答案】BC【解析】解：A、B、设活塞质量为m．如图所示，封闭气体的压强为p1=p0+；倒置时，封闭气体的压强为p2=p0-；可知密闭气体的压强减小，故A错误，B正确．C、D、根据玻意耳定律p V=c，可知气体的体积增大，对外做功，内能不变，根据热力学第一定律可知气体吸收热量，故C正确，D错误．故选：BC．以活塞为研究对象，根据力平衡知识求解封闭气体的压强，即可分析压强的变化．根据热力学第一定律分析热量．对于气体问题，往往根据气态方程和热力学第一定律结合进行研究．对于气体的压强常常根据力学知识求解．10.如图所示，小车M静置于光滑水平面上，上表面粗糙且足够长，木块m以初速度v滑上小车的上表面，则（）A.m的最终速度为B.因小车上表面粗糙，故系统动量不守恒C.当m速度最小时，小车M的速度最大D.若小车上表面越粗糙，则系统因摩擦而产生的内能也越大【答案】AC【解析】解：A、以小车和木块组成的系统为研究对象所受合外力为零，因此系统动量守恒，由于摩擦力的作用，m速度减小，M速度增大，m速度减小到最小时，M速度达最大，最后m、M以共同速度运动．mv=（m+M）v′v′=，故AC正确；B、车表面粗糙，小车与木块间的力属于内力，不是判断系统动量是否守恒的条件．故B错误．D、相对运动过程中系统机械能减小，转化为摩擦产生的内能，根据能量守恒得：E损=mv2-（m+M）v′2可见内能与摩擦因数μ无关，即与粗糙程度无关，D错误．故选：AC．以小车和木块组成的系统为研究对象所受合外力为零，因此系统动量守恒，根据动量守恒列方程即可解答．相对运动过程中系统机械能减小，转化为摩擦产生的内能．应用动量守恒定律时要清楚研究的对象和守恒条件．把动量守恒和能量守恒结合起来列出等式求解是常见的问题．三、单选题(本大题共2小题，共8.0分)11.质量为m的物体，在距地面h高处以的加速度由静止竖直下落到地面，下列说法中正确的是（）A.物体的重力势能减少mghB.物体的机械能减少mghC.物体的动能增加mghD.重力做功mgh【答案】CD【解析】解：A、物体在下落过程中，重力做正功为mgh，则重力势能减小也为mgh．故A错误；B、物体除重力做功，阻力做负功，导致机械能减少．由阻力做功为，得机械能减少为，故B错误；C、物体的合力为，则合力做功为，所以物体的动能增加为，故C正确；D、物体在下落过程中，重力做正功为mgh，故D正确；故选：CD物体距地面一定高度以的加速度由静止竖直下落到地面，则说明物体下落受到一定阻力．那么重力势能的变化是由重力做功多少决定的，而动能定理变化由合力做功决定的，那么机械能是否守恒是由只有重力做功决定的．功是能量转化的量度，重力做功导致重力势能变化；合力做功导致动能变化；除重力外其他力做功导致机械能变化；弹力做功导致弹性势能．12.有一理想变压器的原线圈连接一只交流电流表，副线圈接入电路的匝数可以通过滑动触头Q调节，如图所示，在副线圈两输出端连接了定值电阻R0和滑动变阻器R，在原线圈上加一电压为U的交流电，则（）A.保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变大B.保持Q的位置不动，将P向上滑动时，电流表的读数变小C.保持P的位置不动，将Q向上滑动时，电流表的读数变大D.保持P的位置不动，将Q向上滑动时．电流表的读数变小【答案】BC【解析】解：A、B、在原、副线圈匝数比一定的情况下，变压器的输出电压由输入电压决定．因此，当Q位置不变时，输出电压U′不变，此时P向上滑动，负载电阻值R′增大，则输出电流I′减小．根据输入功率P1等于输出功率P2，电流表的读数I变小，故A错误，B正确；C、D、P位置不变，将Q向上滑动，则输出电压U′变大，I′变大，电流表的读数变大，变压器的输入功率变大．因此选项C正确，D错误；故选BC．保持Q位置不动，则输出电压不变，保持P位置不动，则负载不变，再根据电压器的特点分析．本题的关键在于P位置不动时总电阻不变，Q不变时输出电压不变，完全利用变压器特点．四、实验题探究题(本大题共2小题，共18.0分)13.“研究共点力的合成”的实验情况如图甲所示，其中A为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB和OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示．（1）图乙中的F与F′两力中，方向一定沿AO方向的是______ ．（2）（单选题）本实验采用的科学方法是______A．逻辑推理法B．等效替代法C．控制变量法D．建立物理模型法（3）（多选题）实验中可减小误差的措施有______A．两个分力F1、F2的大小要尽量大些B．两个分力F1、F2间夹角要尽量大些C．拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行D．AO间距离要适当，将橡皮筋拉至结点O时，拉力要适当大些．【答案】F′；B；ACD【解析】解：（1）实验中F是由平行四边形得出的，而F′是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，由于实验过程不可避免的存在误差，因此理论值和实验值存在一定的偏差．（2）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用的科学方法是等效替代法．故选：B（3）A：数据处理时：我们需要画出力的大小和方向，所以力要尽量大些可减小测量误差对实验的影响，故A正确．B：画平行四边形时，1、夹角大的话画出的平行四边形就会准些（更平行），2、这样可以允许分力大些，测量误差就小了，但不能尽量大，要适当大一些即可．所以B错误．C：拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮筋、细绳应尽量贴近木板且与木板平行，这样可以减小由于摩擦带来的误差，故C正确．D：力大些，测量误差就小了，故D正确．故选：ACD故答案为：F′；B；ACD在实验中F和F′分别由平行四边形定则及实验得出，明确理论值和实验值的区别即可正确解答；本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用；数据处理时：我们需要画出力的大小和方向，所以力要尽量大些可减小测量误差对实验的影响，拉橡皮筋时要拉的尽量长一点．在解决设计性实验时，一定先要通过分析题意找出实验的原理，通过原理即可分析实验中的方法及误差分析．14.某同学在探究规格为“2.5V，0.6W”的小电珠伏安特性曲线实验中：（1）在小电珠接入电路前，使用多用电表直接测量小电珠的电阻，则应将选择开关旋至______ 档______ 倍率（选填“×1”、“×10”、或“×100”）进行测量．正确操作后，多用表的示数如图甲所示，结果为______ Ω．（2）该同学采用如右图乙所示的电路进行测量．现备有下列器材供选用：A．量程是0～0.6A，内阻是0.5Ω的电流表B．量程是0～3A，内阻是0.1Ω的电流表C．量程是0～3V，内阻是6kΩ的电压表D．量程是0～15V，内阻是30kΩ的电压表E．阻值为0～1kΩ，额定电流为0.5A的滑动变阻器F．阻值为0～10Ω，额定电流为2A的滑动变阻器G．蓄电池（6V内阻不计）H．开关一个，导线若干．①．为使测量结果尽量准确，电流表应选用______ ，电压表应选用______ ，滑动变阻器应选用______ ．（只填字母代号）②．在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最______ 端．（填“左”或“右”）③．在实验过程中，已知各元器件均无故障，但闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，其原因是______ 点到______ 点的导线没接好，（图乙中的黑色小圆点表示接线点，并用数字标记，空格中请填写图乙中的数字，如“2”点到“3”点的导线）④．该同学描绘出小电珠的伏安特性曲线示意图如图丙所示，则小电珠的电阻随工作电压的增大而______ （填：“不变”、“增大”或“减小”）【答案】欧姆；×1；7.0；A；C；F；左；1；5；增大【解析】解：（1）小电珠（2.5V，0.6W），所以小电珠电阻大约是10Ω，测小电珠的电阻，则应将选择开关旋至欧姆档，选择多用电表×1倍率，结果为7.0Ω（2）①小电珠额定电流I===0.24A，电流表可以选A；小电珠额定电压为2.5V，电压表可以选C；为方便实验操作，滑动变阻器应选最大阻值较小的F．②在实验过程中，开关S闭合前，滑动变阻器的滑片P应置于最左端．③闭合开关S后，无论如何调节滑片P，电压表和电流表的示数总是调不到零，滑动变阻器连接成立限流接法，由电路图可知，1点到5点间的导线没有接好．④由图丙所示图象可知，随电压增大，电流增大，但△U＞△I，由R=可知，小电珠电阻增大．故答案为：（1）欧姆，×1，7.0；（2）①ACF；②左；③1；5；④增大1、已知灯泡的额定电压及功率，由功率公式可求得电阻的阻值，再选择倍率，进行测量．2、①根据小电珠的额定电流选择电流表，根据小电珠额定电压选择电压表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．②滑动变阻器采用分压接法，闭合开关前分压部分电路阻值应最小，根据电路图确定滑片的位置．③滑动变阻器采用分压接法电压与电流可以从零开始变化，滑动变阻器采用限流接法，电压与电流不能从零开始变化，根据电路图分析答题．④由I-U图象，根据欧姆定律判断小电珠电阻如何变化．1、考查多用表的使用，会选择不同的档位，明确基本做法．2、滑动变阻器采用分压接法时电压与电流可以从零变化，滑动变阻器采用限流接法时，电流不能从零开始变化五、计算题(本大题共4小题，共40.0分)15.如图，长为R的轻绳，上端固定在O点，下端连一个小球．小球接近地面，处于静止状态．现给小球一水平向左的初速度，小球开始做圆周运动．设小球到达最高点时绳突然断开．已知小球最后落在离小球最初位置3R的地面上．重力加速度为g．求：小球的初速度v0．【答案】解：设小球质量为m，小球到达最高点时速度为V，由机械能守恒定律，得mv02=mv2+2mg R…①绳子断开后，小球作平抛运动，经时间t到达地面则3R=vt…②2R=gt2…③由①②③式得v0=答：小球的初速度为v0=．【解析】球离开最高点后做平抛运动，根据平抛运动的位移公式列，小球从最低点到最高点过程，只有重力做功，根据机械能守恒定律列式，联立方程即可求解初速度．本题主要考查了机械能守恒定律及平抛运动基本公式的直接应用，难度不大，属于基础题．16.如图所示，长度均为L的两平行金属板相距为d，O、O′为两金属板中心处正对的两个小孔，两平行金属板接有电压恒为U的电源．紧靠右金属板右侧的边长为L的正方形MQPN的左下半空间有匀强磁场，MN与右金属板重合．一质量为m、带电量为-q的带负电粒子（重力不计）从O点以可忽略的初速度进入金属板间的电场，经加速后再进入磁场区，恰好垂直MP而离开磁场区．试求：（1）磁感应强度B的大小；（2）带电粒子从O点进入电场到最后从MP离开磁场的时间t．【答案】解：（1）在电场中，由动能定理得：q U=-0…①得：v=…②在磁场中，微粒做匀速圆周运动，由几何知识得知，轨迹半径为：R=…③由qv B=m…④可解得：B=…⑤（2）在电场中，运动时间为：t1=…⑥在磁场中，运动时间为：t2=…⑦联立②⑥⑦得：t=t1+t2=（2d+）答：（1）磁感应强度B的大小是；（2）带电粒子从O点进入电场到最后从MP离开磁场的时间t是（2d+）．【解析】（1）带电粒子先经电场加速，后进入磁场偏转．根据几何关系得到磁场中轨迹半径，由牛顿第二定律求出B的大小．（2）分两段求时间：微粒在电场中做匀加速直线运动，由运动学公式求时间；磁场中，根据轨迹对应的圆心角θ，由t=T求时间或由t=，s是弧长．本题主要考查了带电粒子在组合场中运动的问题，要能正确分析粒子的受力情况，画出运动轨迹，由几何知识求半径是解题的关键．根据圆心角求解粒子在磁场中运动的时间．17.如图所示，物体A紧靠墙壁，A与物体B之间有轻弹簧相连，A的质量为m，B的质量为3m．质量为m的物体C以速度v0向左运动，与B发生弹性碰撞．不计一切摩擦．（1）判断以后B与C能否再次发生碰撞？（不必说明理由）（2）求在A未离开墙壁前，弹簧的最大弹性势能E p；（3）求在A离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能E′p．【答案】解：（1）B与C不能再次发生碰撞；（2）C与B碰撞过程，动量守恒，设向左为正方向：mv0=mv c+3mv B能量守恒：mv02=mv c2+•3mv B2解得：v B=然后B压缩弹簧做减速运动，当B的速度减为零时，弹簧的弹性势能最大，即：E P=•3mv B2=mv02（3）当A离开弹簧后与B速度相同时，弹簧弹性势能最大，根据动量守恒：3mv B=（3m+m）v•3mv B2=（3m+m）v2+E P′解得：E P′=mv02答：（1）以后B与C不能再碰撞；（2）在A未离开墙壁前，弹簧的最大弹性势能E p为mv02；（3）求在A离开墙壁后，弹簧的最大弹性势能E′p为mv02．【解析】C的质量小于B的质量，碰撞后C将速度反向，不可能与B再次发生碰撞；当AB速度相等时，即B速度为零时弹簧的最大弹性势能E p；在A离开墙壁后，AB速度相等时，弹簧弹性势能最大；分析清楚物体的运动过程、正确选择研究对象是正确解题的关键，应用动量守恒定律、机械能守恒定律即可正确解题．18.如图所示，一轻绳绕过两轻质滑轮，两端分别连接着矩形导线框A和石块C，线框A的边长d=1m、l=0.6m，电阻R=0.1Ω，质量m=0.5kg，石块C质量M=2kg．垂直纸面向外的有界水平匀强磁场，磁感应强度B=0.5T，磁场宽度为s=1.6m．如果线框从图示位置由静止开始释放，恰好匀速进入磁场，取g=10m/s2．试求：（1）线框进入磁场时匀速运动的速度v0；（2）线框进入磁场过程中产生的电热Q；（3）线框上边刚出磁场时的加速度a．【答案】解：设线框进入磁场时匀速运动的速度为v0，则产生的电动势：E=B dv0感应电流为：I=安培力为：F A=BI d则得：F A=对线框和石块整体，受力平衡：M g=mg+F A联立解得：v0==．=6m/s（2）根据能量转化和守恒定律知，电热等于A、C系统减少的重力势能，即：Q=（M-m）gl=（2-0.5）×10×0.6J=9J（3）设线框上边刚出磁场时的速度为v，对线框和石块整体，根据动能定理有：M g（s-l）-mg（s-l）=代入数据解得：v=4m/s此时的安培力为：′=10N对线框和石块整体，根据牛顿第二定律有：。
2013年高考理综物理部分试题广东卷及参考答案
2013年高考理综（物理部分）（广东卷）一、单项选择题：本大题共16小题，每小题4分，满分64分.在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.选对的得4分，选错或不答的得0分。
13．某航母跑道长200m.飞机在航母上滑行的最大加速度为6m/s 2，起飞需要的最低速度为50m/s.那么，飞机在滑行前，需要借助弹射系统获得的最小初速度为 A ．5m/s B ．10m/s C ．15m/s D ．20m/s 14．如图3，甲、乙两颗卫星以相同的轨道半径分别绕质量为M 和2M 的行星做匀速圆周运动，下列说法正确的是 A ．甲的向心加速度比乙的小 B ．甲的运行周期比乙的小C ．甲的角速度比乙的大D ．甲的线速度比乙的大 15．喷墨打印机的简化模型如图4所示，重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度v 垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中 A ．向负极板偏转 B ．电势能逐渐增大 C ．运动轨迹是抛物线D ．运动轨迹与带电量无关16．如图5，理想变压器原、副线圈匝数比n 1∶n 2=2∶1，V 和A 均为理想电表，灯泡电阻R 1=6Ω，AB端电压u 1=122sin100πt （V ）。
下列说法正确的是A ．电流频率为100Hz B．V 的读数为24V C ．A 的读数为0.5AD ．变压器输入功率为6W二、双项选择题：本大题共9小题，每小题6分，共54分。
在每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目要求，全部选对的得6分，只选1个且正确的得3分，有选错或者不答的得0分。
17．轴核裂变是核电站核能的重要来源，其一种裂变反应是n 3Kr Ba n U 108936144561023592++→+。
下列说法正确的有A ．上述裂变反应中伴随着中子放出B ．铀块体积对链式反应的发生无影响C ．铀核的链式反应可人工控制D ．铀核的半衰期会受到环境温度的影响18．图6为某同学设计的喷水装置，内部装有2L 水，上部密封1atm 的空气0.5L ，保持阀门关闭，再充入1atm 的空气0.1L ，设在所有过程中空气可看作理想气体，且温度不变，下列说法正确的有A ．充气后，密封气体压强增加B ．充气后，密封气体的分子平均动能增加C ．打开阀门后，密封气体对外界做正功 乙图纸 图419．如图7，游乐场中，从高处A 到水面B 处有两条长度相同的光滑轨道。
2013年广州一模理综物理试题及答案(word版)
2013年广州一模一、单项选择题（每小题给出的四个选项中，只有一个选项符合题目的要求；每题4分） 13．水压机是利用液体来传递压强的。
水压机工作时，水分子间A ．只有斥力B ．只有引力C ．既有引力也有斥力，但分子力表现为引力D ．既有引力也有斥力，但分子力表现为斥力14．如图是压力保温瓶结构简图，活塞a 与液面之间密闭了一定质量的气体。
假设封闭气体为理想气体且与外界没有热交换，则向下压a 的过程中，瓶内气体A ．内能增大B ．体积增大C ．压强不变D ．温度不变15．如图，虚线表示a 、b 两个相同圆形金属线圈的直径，圆内的磁场方向如图所示，磁感应强度大小随时间的变化关系为B =kt （k 为常量）。
当a 中的感应电流为I 时，b 中的感应电流为A ．0B ．0.5IC ．ID ．2I 16．如图，细线a 和b 的一端分别固定在水平地面上，另一端系一个静止在空气中的氢气球，细线与地面的夹角分别为30°和60°。
若a 、b浮力为F ，则A ．Ta ＞Tb B ．T a ＜T b C ．F = T a D ．F ＜T b二、双项选择题（每小题给出的四个选项中，有两个选项符合题目的要求；每题6分，全选对得6分，只选1个且正确得3分，错选、不选得0分）17．两个核反应方程： ①21H+31H →42He+ x 1 ②3015P →3014Si+x 2其中x 1、x 2各表示某种粒子，则下列说法正确的是 A ．①是聚变反应B ．②是裂变反应C ．x 1是H 11 D ．x 2是e 0118．某正弦交流电的i —t 图象如图所示，则该电流的A ．频率f = 0.02 HzB ．有效值210=I AO a bC ．峰值220=m I AD ．瞬时值表达式t i π100sin 20=（A ）19．如图，在同一竖直平面内，距地面不同高度的地方，以不同的水平速度同时抛出两个小球。
则两球A ．一定不能在空中相遇B ．落地时间可能相等C ．抛出到落地的水平距离有可能相等D ．抛出到落地的水平距离一定不相等20．地球赤道上的物体随地球自转而做圆周运动的向心力为F 1，向心加速度为a 1，线速度为v 1，角速度为ω1；地球同步卫星的向心力为F 2，向心加速度为a 2，线速度为v 2，角速度为ω2；设物体与卫星的质量相等，则A ．F 1＞F 2B ．a 1＞a 2C ．v 1＜v 2D ．ω1=ω221．某静电除尘器工作时内部电场线分布的俯视图如图，带负电粉尘被吸附时由b 点运动a 点，以下说法正确的是A ．该电场是匀强电场B ．a 点电势高于b 点电势C ．电场力对粉尘做正功D ．粉尘的电势能增大 三、非选择题 34．（18分）（1）用如图（a ）所示的实验装置验证机械能守恒定律。
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2013年广东各地一模物理试题汇总2——双项选择题部分（潮州、东莞、佛山、广州、惠州、茂名、汕头、增城、肇庆、珠海）2013潮州市17．我国数据中继卫星定点在东经77°上空的同步轨道上,对该卫星下列说法正确的是A．加速度比静止在赤道上物体的加速度小B．离地面高度一定C．在赤道的正上方D．运行速度大于第一宇宙速度18．在如图所示的电路中，E为电源的电动势，r为电源的内电阻，R1、R2为可变电阻。
在下列叙述的操作中，可以使灯泡L的亮度变暗的是A．仅使R2的阻值增大B．仅使R2的阻值减小C．仅使R1的阻值增大D．仅使R1的阻值减小19．在距水平地面一定高度的某点，同时将两物体分别沿竖直方向与水平方向抛出（不计空气阻力），关于都落地的两物体下列说法正确的是：A．加速度相同B．机械能都守恒C．一定同时落地D．位移相同20．一带电粒子射入一正点电荷的电场中，运动轨迹如图所示，粒子从A运动到B，则A．粒子带负电B．粒子的动能一直变大C．粒子的加速度先变小后变大D．粒子在电场中的电势能先变小后变大21.如图所示为云室中某粒子穿过铅板P前后的轨迹.室中匀强磁场的方向与轨迹所在平面垂直(图中垂直于纸面向里) 由此可知此粒子A.一定带正电B. 一定带负电C.从下向上穿过铅板D. 从上向下穿过铅板2013东莞市17. 据央视报道，北京时间2012年10月15日凌晨，奥地利著名极限运动员鲍姆加特纳从距地面高度约3.9万米的高空跳下，并成功着陆，一举打破多项世界纪录。
假设他从氦气球携带的太空舱上跳下到落地的过程中沿竖直方向运动的v-t图象如图所示，则下列说法中正确的是A．0—t1内运动员和所有装备整体所受重力大于空气阻力B．t1秒末运动员打开降落伞，此后做匀减速运动至t2秒末C．t1秒末到t2秒末运动员竖直方向的加速度方向向下，大小在逐渐增大D．t2秒后运动员保持匀速下落18 . 我国正在建设的北斗卫星导航系统，将由5颗地球同步卫星和30颗非同步卫星组成，下列表述中正确的是A．同步卫星一定在赤道正上空B．5颗同步卫星运行的轨道半径不同C．卫星在轨道上运行时都处于失重状态D．提高卫星运行速度仍可使其在原轨道上运行19. 绕有线圈的铁芯直立在水平桌面上，铁芯上套着—个较轻的铝环，线圈与电源、电键相连，如图所示。
下面说法正确的是A．闭合电键的瞬间，铝环可以跳起B．断开电键瞬间，铝环也可以跳起C．铝环跳起的高度只与线圈的匝数有关，与铝环的重量和线圈中电流的大小均无关D．如果从上往下看线圈中的电流是顺时针方向，那么，闭合电键的瞬间，铝环中的感应电流就是逆时针方向20. 如图所示，两根光滑金属导轨平行放置，导轨所在平面与水平面间的夹角为θ，整个装置处于匀强磁场中。
质量为m的金属杆ab垂直导轨放置，当杆中通有从a到b的恒定电流I时，金属杆ab刚好静止。
则A．磁场方向可能竖直向上B．磁场方向可能垂直于导轨平面向上C．ab杆所受安培力的大小一定等于mg sinθD．ab杆所受安培力的方向一定平行导轨向上21. 如图所示，在粗糙程度相同的绝缘斜面上固定一点电荷Q，在M点无初速度地释放带有与Q同种电荷的小物块，小物块在Q的电场中沿斜面运动到N点静止，则从M到N的过程中A．小物块所受库仑力逐渐减小B．M点的电势一定高于N点的电势C．小物块的电势能一定增加佛山市17.如果你站在超市的斜面式自动扶梯（无阶梯，如图所示）上随扶梯匀速上行，则下列相关说法正确的是 A.速度越快，人的惯性越大B.电梯对人的摩擦力和人对电梯的摩擦力大小相等C.电梯对人的支持力与人的重力大小相等D.电梯对人作用力的合力方向竖直向上18.建筑材料被吊车竖直向上提升过程的运动图象如右图所示，下列相关判断正确的是A. 30～36秒处于起重状态B. 30～36秒的加速度较0～10秒的大C. 0～10秒与30～36秒平均速度相同D. 0～36秒提升了36m19. 2012年6月24日中午12时，神舟九号飞船与天宫一号进行了手动交会对接。
若“天宫一号”M 和“神舟九号”N 绕地球做圆周运动的示意图如图所示，虚线为各自轨道。
由此可以判定A. M 、N 的运行速率均小于7.9km/sB. M 的周期小于N 的周期C. M 运行速率大于N 的运行速率D. N 必须适度加速才有可能与M 实现对接20. 在如图所示的静电场中，实线为电场线，一带电粒子仅在电场力作用下沿图中虚线从A 运动到B ，则A.加速度增大B.电场力做负功C.速度增大D.电势能减小21. 如图，足够长的光滑导轨倾斜放置，其下端与小灯泡连接，匀强磁场垂直于导轨所在平面，则垂直导轨的导体棒ab 在下滑过程中（导体棒电阻为R ，导轨和导线电阻不计） A. 受到的安培力方向沿斜面向上 B. 受到的安培力大小保持恒定 C. 导体棒的机械能一直减小2013广州市17．甲、乙两物体在同一直线上运动的v —t 图象如图所示，在t 1时刻A ．甲一定在乙前面B ．甲的速度比乙的小C ．甲、乙的加速度相同D ．甲、乙的运动方向相同〖解析〗答案：BD 本试题考查v-t 图象中获取信息的能力。
试题属于理解层次中的容易题。
18．如图，O 是地球球心，下列说法正确的是A ．同步卫星轨道只能与轨道a 共面B ．同步卫星轨道只能与轨道d 共面C ．卫星可能的轨道为c 、dD ．卫星可能的轨道为a 、b〖解析〗答案：AC 本试题考查天体运动中万有引力提供向心力，因此，其轨道平面一定过地球球心。
试题属于理解层次中的容易题。
19．如图所示的电路，电源内阻不可忽略，闭合开关S 后A ．电流表○A 的示数减小B ．电流表○A 的示数增大C ．电压表○V 的示数减小 D ．电压表○V 的示数增大 〖解析〗答案：BC 本试题考查恒定电路中的动态电路的分析。
当开关s 闭合后，R1与R2并联，使总电阻减小，总电流表增大，即○A 的示数增大；外电阻减小，使路端电压减小，即○V 的示数减小。
本试题属于理解与应用层次中的中等题。
20．如图所示，当正方形薄板绕着过其中心O 并与板垂直的转动轴转动时，板上A 、B 两点的A ．角速度之比ωA ∶ωB =1∶1 B ．角速度之比ωA ∶ωB =1∶2C ．线速度之比v A ∶v B =2∶1D ．线速度之比v A ∶v B =1∶2〖解析〗答案：AD 本试题考查绕同一转轴的A 、B 两点的角速度相同和线速度与距离成正比。
本试题属于理解与应用层次中的容易题。
21．如图所示的电路，闭合开关S 后，当滑动变阻器的滑片由a 向b 滑动时，平行板电容器的A ．板间电场强度增大B ．电量不变C ．板间电压不变D ．电容增大〖解析〗答案：BC 本试题考查电容器的电量、电容与两极板间电压与外界因素的关系。
试题在闭合开关S 后，设置当滑动变阻器的滑片由a 向b 滑动时改变了电阻作为干扰因素。
而实质电容器接入的地方可以视为开路，其两端的电压一直等于电源的电动势。
本试题属于理解层次中的中等难题。
A B2013惠州市17. 有一种新细交通T.具如图，乘客的座椅能始终保持水平.当此车加速上坡时，乘客是A. 处于超重状态B. 乘客对座椅的压力等于其重力C. 受到向前的摩擦力D. 受到向后的摩擦力18. “东方红一号”的运行轨道为椭岡轨道，其近地点M和远地点N的高度分别为439km和238km则A. 卫星在M点的速度小于N点的速度B. 卫星在M点的角速度大于N点的角速度C. 卫星在M点的加速度大于N点的加速度D. 卫星在N点的速度大于7.9km/s19.如阁所示，平行板电容器与直流电源连接，下极板接地，一带电油滴位于容器中的P点且处于静止状态，现将上极板竖. 直向上移动一小段距离，则A.带电油滴将沿竖直方向向上运动B P点电势将降低C. 电容器的电容减小，极板带电蛩减小D. 带电油滴的电势能保持不变20. 一环形线罔放在匀强磁场中，设第1s内磁感线垂直线圈平面向里，如图甲所示。
若磁感强度B随时间t变化的关系如图乙所示，那么下列选项正确的是A. 第1s内线闺中感应电流的大小逐渐增加B. 第2s内线圈中感应电流的大小恒定C. 第3内线圈中感应电流的方向为顺时针方向S内线罔中感应电流的方向为逆时针方向D. 第4S21. 如甲图所示，有两个光滑固定斜面AB和BC，A和C两点在同一水平面上，斜面BC上滑，到达B点时速度减小为零，紧接着沿比斜面AB长。
一个滑块自A点以速度vA那么在滑动过程中，下列关于滑块的BC滑下。
设滑块从A点到C点的总时间为tc,位移大小S-t、运动速度大小v-t、加速度的大小a-t、机械能E-t的四个图象中，正确的是BC BC BD BC2013江门市17．AC 18．AC 19．BD 20．BD 21．CD2013茂名市17.在下列四个核反应方程中，321x x x 、、和4x 各代表某种粒子①n He x H 1042131+→+ ②217842147x O He N +→+ ③31264294x C He Be +→+ ④42713422412x Al He Mg +→+以下判断中正确的是（ ）A.1x 是质子B.2x 是质子C.3x 是质子D.4x 是质子18.交流发电机电枢中产生的交变电动势为t E e m ωsin =，如果要将交变电动势的有效值提高一倍，而交流电的周期不变，可采取的方法是A ．将电枢转速提高一倍，其他条件不变B ．将磁感应强度增加一倍，其他条件不变C ．将线圈的面积增加一倍，其他条件不变D ．将磁感应强度增加一倍，线圈的面积缩小一半，其它条件不变19.如图所示，物体A 、B 的质量相等，物体B 刚好与地面接触。
现剪断绳子OA ，下列说法正确的是A ．剪断绳子的瞬间，物体A 的加速度为gB ．弹簧恢复原长时，物体A 的速度最大C ．剪断绳子后，弹簧、物体A 、B 和地球组成的系统机械能守恒D ．物体运动到最下端时，弹簧的弹性势能最大20.如图所示，质量为m 、顶角为α的直角劈和质量为M 的正方体放在两竖直墙和水平面间，处于静止状态．若不计一切摩擦，则A ．水平面对正方体的弹力大小为g m M )(+B ．墙面对正方体的弹力大小α/tan mgC ．正方体对直角劈的弹力大小为αcos mgD ．直角劈对墙面的弹力大小αsin mg21.如图甲所示是一条电场线，若将一个重力不计、带负电的 点电荷从A 点由静止释放，它在沿电场线从A 向B 运动 过程中的速度图象如图乙所示。
比较A 、B 两点的电势U 和场强E 下列说法中正确的是A ．B A U U > B ．B A E E <C ．B A U U <D ．B AE E >2013汕头市17．在地球表面上，除了两极以外，任何物体都要随地球的自转而做匀速圆周运动，当同一物体先后位于a 和b 两地时，下列表述正确的是A ．该物体在a 、b 两地所受合力都指向地心B ．该物体在a 、b 两地时角速度一样大C ．该物体在b 时线速度较大D ．该物体在b 时的向心加速度较小18. 如图，实线记录了一次实验中得到的运动小车的 v -t 图象，为了简化计算，用虚线作近似处理，下列表述正确的是 A . 小车做曲线运动B . 小车先做加速运动，后做减速运动C . 在t 1时刻虚线反映的加速度比实际小D . 在0-t 1的时间内，由虚线计算出的平均速度比实际的小19. 质量为m 的探月航天器在接近月球表面的轨道上做匀速圆周运动. 已知月球质量为M ，月球半径为R ，引力常量为G ，不考虑月球自转的影响，则 A . 航天器的线速度v =B . 航天器的角速度GMR=ωC . 航天器的向心加速度2Gm a R=D. 月球表面重力加速度2RGM g =20. 如图, 一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过由相互正交的匀强磁场（B ）和匀强电场（E ）组成的速度选择器，然后粒子通过平板S 上的狭缝P ，进入另一匀强磁场（B '），最终打在A l A 2上．下列表述正确的是 A . 粒子带负电ω b2i STWLB . 所有打在A l A 2上的粒子，在磁场B '中运动时间都相同C . 能通过狭缝P 的带电粒子的速率等于BED . 粒子打在A l A 2上的位置越靠近P ，粒子的比荷mq 越大21. 如图，正方形线框的边长为L ，电容器的电容量为C ．正方形线框的一半放在垂直纸面向里的匀强磁场中，当磁场以k 的变化率均匀减弱时，则A . 线圈产生的感应电动势大小为kL 2B . 电压表没有读数C . a 点的电势高于b 点的电势D . 电容器所带的电荷量为零 17.BC 18.BD 19.AD 20.CD 21.BC2013增城市17．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是A ．物体的速度变化量越大，加速度越大B ．物体的速度变化越快，加速度越大C ．在匀减速直线运动中，物体的加速度必定为负值D ．加速度在减小，速度可能在增加 18． 一木块沿粗糙斜面匀速下滑的过程中A ．木块的机械能不守恒B ．木块的动能转化为重力势能C ．木块的重力势能转化为动能D ．木块减小的机械能转化为内能 19．下列说法正确的是A ．功是矢量B ．速度的变化量是矢量ZxxkC ．牛顿运动定律适用于宏观物体的低速运动D ．力的单位N 是物理学中的基本单位[来源:学|科|网] 20．搭载着嫦娥二号卫星的长征三号丙运载火箭在西昌卫星发射中心点火发射，卫星由地面发射后，进入地月转移轨道， 经多次变轨最终进入距离月球表面100公里，周期为118分 钟的工作轨道，开始对月球进行探测A .卫星在轨道III 上的运动速度比月球的第一宇宙速度小B .卫星在轨道III 上经过P 点的速度比在轨道I 上经过P 点时大C .卫星在轨道III 上经过P 点的向心加速度比在轨道I 上经CBP过P 点时小D .卫星在轨道I 上的机械能比在轨道II 上大21．如图是利用太阳能驱动小车的装置，若小车在平直的水泥路上从静止开始加速行驶，经过时间t 前进距离s ，速度达到最大值 v m ，在这一过程中电动机的功率恒为P ，小车所受阻力恒为F ，那么这段时间内A ．小车做匀加速运动B ．电动机所做的功为 PtC ．电动机所做的功为221mmvD ．电动机所做的功为21m mv FS2013肇庆市17．下图中标出了磁场B 的方向、通电直导线中电流I 的方向以及通电直导线所受磁场力F 的方向，其中正确的是18．将地面上静止的货物竖直向上吊起，货物由地面运动至最高点的v －t图象如下图所示．以下判断正确的是A ．前3 s 内货物处于超重状态B ．3 s 末货物运动至最高点C ．第3 s 末至第5 s 末的过程中，货物静止D ．前3 s 内与最后2 s 内货物的平均速度相同19．我国自行研制发射的两颗气象卫星绕地球做匀速圆周运动，“风云一号”是极地轨道卫星（轨道平面和赤道平面垂直），周期为12h ；“风云二号”是地球同步轨道卫星。