2017-2018年江西省新余市高二(上)期末物理试卷(解析版)
江西省新余市高二物理上学期期末考试试题
江西省新余市学年高二上学期期末考试物理试题考试时刻：90分钟总分：100分选择题(每题4分,共40分。
1～6小题只有一个选项正确,7～10小题有多个选项正确，少选得2分,多项选择、错选不得分。
）1.一带负电荷的质点，仅在电场力作用下沿曲线abc从a运动到c，已知质点的速度是递增的。
（）关于b点电场强度E的方向，以下图示中可能正确的选项是（虚线是曲线在b点的切线）2．以下说法正确的选项是（）A．由E＝F/q可知电场中某点的电场强度E与F成正比B．由公式Φ＝Ep/q可知电场中某点的电势φ与q成反比C．由Uab=Ed可知，匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，那么两点间的电势差也必然越大D．公式C=Q/U，电容器的电容大小C与电容器两极板间电势差U无关3．如下图，平行金属板A、B水平正对放置，别离带等量异号电荷。
一带电微粒水平射入板间，在重力和电场力一起作用下运动，轨迹如图中虚线所示，那么（）A.假设微粒带正电荷，那么A板必然带正电荷B.微粒从M点运动到N点电势能必然增加C.微粒从M点运动到N点动能必然增加D.微粒从M点运动到N点机械能必然增加4．利用如图电路能够测定自感系数专门大的线圈L的直流电阻．在L两头并联一只电压表，测量自感线圈的直流电压，在测量完毕后，将电路拆卸时应( )A．先拆除电流表B．先拆除电阻RSC．先断开1SD．先断开25．如下图，用粗细相同的铜丝做成边长别离为L和2L的两只闭合正方形线框a和b，以相同的速度从磁感应强度为B的匀强磁场区域中匀速地拉到磁场外，假设外力对线框做的功别离为Wa、Wb，那么Wa∶Wb为（）A．1∶4 B．1∶2 C．1∶1 D．不能确信6．在赤道上空，有一条沿东西方向水平架设的导线，当导线中的自由电子自东向西沿导线做定向移动时，导线受到地磁场的作使劲的方向为（）A．向北 B．向南 C．向上 D．向下7.如下图，带正电的点电荷固定于点Q，电子在库仑力作用下，做以Q为核心的椭圆运动，M、P、N为椭圆上的三点，P点是轨道上离Q最近的点，电子在从M经P抵达N点的进程中（）A．速度先增大后减小B．速度先减小后增大C．电势能先减小后增大D．电势能先增大后减小8．如图甲所示，A、B是一条电场线上的两点，当一个电子以某一初速度只在电场力作用下沿AB由A点运动到B点，其v-t图象如图乙所示，电子抵达B点时速度恰为零．以下判定正确的选项是（）A．A点的电场强度必然大于B点的电场强度B．电子在A点的加速度必然等于在B点的加速度C．A点的电势必然高于B点的电势D．该电场可能是负点电荷产生的9．如下图，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的阻碍，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的触片慢慢向右滑动的进程中，以下说法正确的选项是（）A．小灯泡L一、L2均变暗B．小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C．电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D．电流表A的读数转变量与电压表V的读数转变量之比不变10.如下图,MN是匀强磁场中的一块薄金属板,带电粒子（不计重力）在匀强磁场中运动并穿过金属板（穿过金属板速度要变小）,虚线表示其运动轨迹, 上方和下方的磁感应强度分为B一、B2,且B1=3B2,ce=2ac。
【解析】江西省新余市2017-2018学年高二上学期期末质量检测物理试题含解析
新余市2017-2018年第一学期期末质量检测高二年级物理试题一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的4个选项中，1～6小题只有一个选项是正确的，7～10 小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分。
请将正确选项填入答题卡中)1. 以下说法正确的是A. 由可知电场中中某点的电场强度E与F成正比B. 磁场中某处磁感应强度的大小，等于长为L，通过电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与IL乘积的比值C. 公式，其中电容器的电容c与电容器两极板间电势差U无关D. 由可知，同一匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大【答案】C【解析】A. 电场强度运用比值法定义，E由电场本身决定，与试探电荷无关，所以E与F无关，故A错误；B. 磁场中某处磁感应强度的大小，等于垂直于磁场的长为L，通过电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与IL乘积的比值，故B错误；C. C=Q/U是电容的定义式，运用比值法定义，C由电容器本身决定，与Q、U无关，故C正确；D. 由可知，同一匀强电场中沿电场方向的两点间的距离越大，则两点间的电势差越大，故D错误。
故选：C.2. 某电场的电场线的分布如图所示，一个带电粒子只在电场力的作用下由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点.则下列判断正确的是A. 粒子带负电B. 粒子在M点的加速度比N点大C. 粒子在N点的速度比M点小D. 粒子在M点的电势能比在N点的电势能大【答案】D【解析】A. 电场线的方向斜向上，根据粒子的运动轨迹的弯曲方向可以知道，粒子受到的电场力方向也斜向上，所以该粒子带正电，故A错误；B. 电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，则M点的场强小，N点的场强大，由牛顿第二定律知：qE=ma，可知粒子在N点的加速度大，故B错误；...............故选：D3. 如图所示，电阻20Ω，电动机线圈的电阻=5Ω.当电键S断开时，理想电流表的示数是0.5A，当电键S闭合后，电流表示数是1.3A.已知电路两端的电压不变，则当电键S闭合后，以下说法不正确的是A. 电路两端电压为1OVB. 电动机消耗的电功率为8WC. 电动机输出的机械功率为3.2WD. 电动机的效率为60%【答案】C【解析】A、当电键S断开时，由欧姆定律得：U=I1R1=0.5×20=10V，故A正确；B、当电键S闭合后，通过R1的电流角为0.5A，通过电动机的电流为：I2=I-I1=1.3-0.5=0.8A，则电动机消耗的功率P=UI2=10×0.8=8W，故B正确；C、电动机的输出功率为：P输出=UI2-I22R2=10×0.8-0.82×5=4.8W，故C错误；D、电动机的效率为η= ，故D正确．本题选错误的，故选：C．点睛：在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，电动机的输出功率等于总功率减去内阻消耗的功率．4. 铜的摩尔尔质量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，每个自由电子的电量为e，今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为A. 光速cB.C.D.【答案】D【解析】试题分析：单位长度质量为：；单位长度原子数为：；每个铜原子可以提供一个自由电子，故电子数为；电流；而；解得：，故D正确考点：考查了电流微观表达式【名师点睛】本题关键是建立物理模型，根据电流的定义式推导电流的微观表达式，它是联系微观与宏观的桥梁．5. 如图所示，虚线1、2、3、4 为静电场中的等势面，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面2的电势为零。
2017届江西省新余市高三上学期期末考试物理试题 及答案
江西省新余市2017届高三上学期期末考试理综物理试题二、选择题: （本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14～19题只有一项符合题目要求，第20～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）14．关于物理学史和物理学的研究方法，以下说法正确的是（）A．亚里斯多德开创了运用逻辑推理和实验相结合进行科学研究的方法B．“平均速度”、“总电阻”、“交流电的有效值”用的是“等效替代”的方法C．是库仑利用库仑扭秤实验装置测量了静电力常量，且应用了放大法D．电场强度是用比值法定义的，因而电场强度与电场力成正比，与试探电荷的电量成反比15．在温控电路中，通过热敏电阻阻值随温度的变化可实现对电路相关物理量的控制．如图所示，R1为电阻箱，R2为半导体热敏电阻，C为电容器．已知热敏电阻的阻值随温度的升高而减小，则有（）A．若R1固定，环境温度不变，当电容器C两极板间的距离增大时极板之间的电场强度减小B．若R1固定，当环境温度降低时电压表的示数减小C．若R1固定，当环境温度降低时R1消耗的功率增大D．若环境温度不变，当电阻箱R1的阻值增大时，电容器C 的电荷量增大16．质量为2kg 的物体，放在动摩擦因数µ=0.1的水平面上。
在水平拉力F 的作用下，由静止开始做直线运动，拉力做的功W 和物体发生的位移x 之间的关系如图所示，g =10m ／s 2。
则下列说法正确的是:( )A ．图中OA 段表示物体在做匀速直线运动B ．图中AB 段表示物体在做匀速直线运动C ．在物体发生前9m 位移的过程中拉力的最大功率为l5WD ．在物体发生前9m 位移的过程中拉力的最大功率为10W17.有一条两岸平直，河水均匀流动、流速恒为v 的大河，小明驾着小船渡河，去程时船头朝向始终与河岸垂直，回程时行驶路线与河岸垂直。
去程与回程所用时间的比值为k ，船在静水中的速度大小相同，则小船在静水中的速度大小为:( ) A.12-k kv B. 21k kv - C.21k v - D.12-k v18. 甲乙两车在同一条笔直的公路上做同方向的直线运动， 从t=0时刻开始，甲车的运动规律为X=10t ，，乙车刹车，其运动规律为X=50+10t-2t 2（以上两式各物理量的单位均为国际基本单位） ，则从t=0开始，甲追上乙的时间是：（ ）A.5 sB.6.25sC.3.15sD.10s19．如图所示，一个匝数为N = 100匝的矩形线圈以固定转速50转/秒在匀强磁场中旋转，其产生的交流电通过一匝数比为n 1：n 2 = 10：1的变压器给阻值R = 20Ω的电阻供电，已知交流电压表的示数为20V，从图示位置开始计时(矩形线圈跟磁场垂直），则下列说法正确的是（）A．穿过矩形线圈平面的最大磁通量为150πWbB．t = 0.0025s时刻穿过矩形线圈平面的磁通量为150πWbC．t = 0时刻流过矩形线圈的电流不为零D．电阻R消耗的电功率为10W20．我国已对火星及其卫星“火卫一”进行过探测。
江西省新余市高二物理上学期期末考试试题(扫描版)
江西省新余市2016-2017学年高二物理上学期期末考试试题（扫描版）新余市2016--2017学年度上学期高二上学期期末考试物理答卷一、选择题:（本大题共10小题，每小题4分，共40分．其中1-6题，在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，7-10题有多个选项是正确的，全选对的得4分，选对但不全的得2分，选错或不答的得0分．）二、实验题（11题10分，12题8分，共18分）11. (1)0.155(±0.003范围内均可) (2)25.0(±0.5范围内均可) (3)①A 2 R 2 ③B12. （1）（2）E ＝__9.0_____ V ， r ＝___10.0___ Ω三、计算题(本大题共4小题，共42分，要有必要的文字说明和解题步骤，有数值计算的要注明单位)13、解析 金属棒通电后，闭合回路电流I ＝U R＝112V＝12 A 导体棒受到的安培力大小为F ＝BIL ＝0.012 N由左手定则可判断知金属棒受到的安培力方向竖直向下 由平衡条件知：开关闭合前：2kx ＝mg 开关闭合后：2k (x -Δx )＝mg-F 代入数值解得m ＝0.02 kg14．（10分）（1）2A （2）36W15．（11分）解：（1）根据牛顿第二定律： （mg ﹣qE ）sinα=ma，题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 BCACDDDBDABDABC解得：a=；（2）若小球刚好通过B 点不下落，据牛顿第二定律有：mg ﹣qE=m …①小球由A 到B ，据动能定理：（mg ﹣qE ）（h ﹣2R ）=mv 2﹣0…② ①②式联立，得：h=2.5R ；（3）小球从静止开始沿轨道运动到B 点的过程中，由功能关系知， 机械能的变化量为：△E 机=W 电，W 电=﹣3EqR ，故△E 机=﹣3EqR16．（11分）(1)正离子在平行金属板间匀速运动，根据平衡条件有Eq ＝B 0qv 0①根据平行金属板间的场强和电势差的关系有E ＝U 0d②由①②式解得v 0＝U 0B 0d③(2)在磁场中，由几何关系有L ＝R ＋R tan α ④洛伦兹力充当向心力，根据牛顿第二定律有Bqv 0＝m v 20R⑤由③④⑤式解得 B ＝2mU 0B 0qdL⑥(3)在电场中正离子做类平抛运动，则有 沿y 轴负方向：R tan α＝v 0t⑦沿x 轴正方向：x 0＝12at2⑧ 离子在电场中运动的加速度a ＝Eq m⑨离子打在x 轴上对应点的横坐标x ＝x 0＋R ⑩由③④⑦⑧⑨⑩式解得离子打在x 轴上对应点的坐标为(B 20L 2d 2Eq8mU 20＋L 2，0)⑪。
江西省新余市高二物理上学期期末质量检测试题(扫描版)
江西省新余市2015－2016学年上学期高中期末质量检测高二物理试卷新余市2015—2016学年上学期高二年级期末考试物理参考答案11.【答案】（1）70.15 ；4.600(4.598—4.602)；（2）①×10；②欧姆调零旋钮；③ACEF12. (1)如图21所示 (2)向右偏 (3)向左偏13.【答案】（1）3A．（2）2A．（3）16W．14.（11分）解：设A到B运动时间为t，带电粒子质量m,为带电量为q水平方向：Eq/m=v/t,竖直方向：g=v/t…………………（4分）得Eq=mg，m/q= E/g………………………………………………（2分）t=v/g………………………………………………………………（2分）x=vt/2ExUAB=得U AB=Ev2/2g………………………………………………（3分）15. 【答案】（1）mg Eq=，竖直向上；（2）cot2qBLvmθ=；（3）22228q B Lhm g=（3）根据机械守恒定律有221122mgh mv mv+=222v vhg-=解得：22228q B Lhm g=16.【答案】（102vghg2）LLPqU（3）磁场的最小区域为圆，半径为2d；圆心为距0点2d的板间中心处．（2）灯泡正常发光，金属板M 、N 间的电压为U L ，由电容器原理可知，金属板M 、N 所带电量为定值，这时落到板M 的电量全部流过灯泡，设流过灯泡的电流为I L ，在时间t 内流过灯泡的电量为Q L ，有：P L =I L U L Q L =I L t设单位时间内发射小球的个数为n ，则有：Q L =nqt 联立以上各式解得：LLP n qU；。
江西省新余市2016-2017学年高二上学期期末物理试卷
2016-2017学年江西省新余市高二（上）期末物理试卷一、选择题1．在物理学发展史上，许多科学家通过恰当的运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果，下列表述符合物理学史实的是（）A．库仑在发现电荷间相互作用力规律之前，首先找到了定量测定电荷量的方法B．库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了他对电荷间相互作用力规律的研究C．法拉第发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的D．安培首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究2．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点的场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大D．P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向3．如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向b端滑动，则（）A．电灯L更亮，电流表的示数减小B．电灯L更亮，电流表的示数增大C．电灯L变暗，电流表的示数减小D．电灯L变暗，电流表的示数增大4．如图所示，带异种电荷的粒子a、b以相同的动能同时从O点射入宽度为d 的有界匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，且同时到达P点．a、b两粒子的质量之比为（）A．1：2 B．2：1 C．3：4 D．4：35．如图所示，在xOy坐标系中以0为中心的椭圆上，有a．b，c，d，e五点，其中a、b、c、d为椭圆与坐标轴的交点．现在椭圆的一个焦点O1固定一正点电荷，另一正试探电荷仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．a、c两点的电场强度相同B．d点的电势小于b点的电势C．正试探电荷沿虚线运动过程中在b点的动能大于在e点的动能D．若将正试探电荷由a沿椭圆经be移动到c，电场力先做负功后做正功，但总功为零6．目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图所示表示它的发电原理：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的粒子，而从整体来说呈中性）沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷，在磁极配置如图中所示的情况下，下述说法正确的是（）A．A板带正电B．有电流从A经用电器流向BC．金属板A、B间的电场方向向下D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力7．a、b两个带电小球的质量均为m，所带电荷量分别为+3q和﹣q，两球间用绝缘细线连接，a球又用长度相同的绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在的空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧．则平衡时可能位置是（）A．B． C． D．8．电源、开关S、S′、定值电阻R1、光敏电阻R2和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S、S′闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，则（）A．液滴向下运动B．液滴向上运动C．R2两端的电势差是否升高无法分析D．当光照强度不变时断开S′，把电容器的上极板向上移一小段距离，则上极板的电势比A点的电势高9．如图所示为一个质量为m、带电量为+q的圆环，可在水平放置的粗糙细杆上自由滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，圆环以初速度v0向右运动直至处于平衡状态，则圆环克服摩擦力做的功可能为（）A．0 B．mv02C．D．m（v02﹣）10．狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，其周围磁感线呈均匀辐射状分布（如图甲所示），距离它r处的磁感应强度大小为（k为常数），其磁场分布与负点电荷Q的电场（如图乙所示）分布相似．现假设磁单极子S和负点电荷Q均固定，有带电小球分别在S极和Q附近做匀速圆周运动．则关于小球做匀速圆周运动的判断正确的是（）A．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示B．若小球带正电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示C．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示D．若小球带负电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示二、填空题11．一玩具电动机中导线圈的电阻率，某实验小组的部分实验方案如下（1）用螺旋测微器测得导线圈同种规格导线直径d如图1所示，则d=mm；（2）用多用电表测量电动机中导线圈的电阻R x：选择“×1Ω”欧姆挡，并按正确步骤操作后，指针的位置如图2所示（此过程电动机不转动），则R x=Ω．（3）为提高精度，他又用以下仪器再次测量导线圈的电阻R x：电流表A1（0～3A、约5Ω）；滑动变阻器R1（1kΩ）；电流表A2（0～30mA、约10Ω）；滑动变阻器R2（50Ω）；定值电阻R0=60Ω；电源（4V、约1Ω）及开关等，导线若干．①实验小组为使测量过程中电动机不转动而采用了如图3所示的电路图，应选择的电流表是，滑动变阻器是；（填写符号）②按照实验要求，多用表已选择“直流电压2.5V”档作为电压表使用，请依据图3将图4实验电路中的仪器连接欠缺的两处补完整；③图5是该实验小组测得的数值描绘出的图象，其斜率值表示的是（填选项）．A、导线圈的电阻；B、导线圈的电阻与R0阻值之和．12．为了测定一电池的电动势和内电阻，实验中提供有下列器材：A．电流表G（满偏电流10mA，内阻r g=10Ω）B．电流表A（0～0.6A～3A，内阻未知）C．滑动变阻器R0（0～100Ω，1A）D．定值电阻R（阻值990Ω）E．开关与导线若干．（1）根据现有的实验器材，设计电路图，要求用题中所给仪器符号标在电路图中，请画在方框中．（2）如图是小强根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E=V，内阻r=Ω．（均保留2位有效数字）三、解答题13．如图，一长为10cm的金属棒ab用两个完全相同的弹簧水平地悬挂在匀强磁场中；磁场的磁感应强度大小为0.1T，方向垂直于纸面向里；弹簧上端固定，下端与金属棒绝缘．金属棒通过开关与一电动势为12V的电池相连，电路总电阻为2Ω．已知开关断开时两弹簧的伸长量均为0.5cm；闭合开关，系统重新平衡后，两弹簧的伸长量与开关断开时相比均改变了0.3cm，重力加速度大小取10m/s2．求出金属棒的质量．14．如图所示，电源电动势为E=30V，内阻为r=1Ω，电灯上标有“6V，12W”字样，直流电动机线圈电阻R=2Ω．若电灯恰能正常发光，求：（1）通过电动机的电流I；（3）电动机输出的机械功率．15．如图所示，在竖直向下的匀强电场中有一绝缘的光滑轨道，一个带负电的小球从斜轨道上的A点由静止释放，沿轨道下滑，已知小球的质量为m、电荷量为﹣q，匀强电场的场强大小为E，斜轨道的倾角为α（小球的重力大于所受的电场力）（1）求小球沿斜轨道下滑的加速度的大小；（2）若使小球通过圆轨道顶端的B点，求A点距水平地面的高度h至少应为多大？（3）若小球从斜轨道h=5R处由静止释放，假设其能够通过B点，求在此过程中小球机械能的改变量．16．如图所示，相距为d、板间电压为U0的平行金属板间有方向垂直纸面向里、磁感应强度大小为B0的匀强磁场：Op和x轴的夹角α=450，在POy区域内有垂直纸面向外的匀强磁场，Pox区域内有沿着x轴正方向的匀强电场，场强大小为E：一质量为m、电荷量为q的正离子沿平行与金属板、垂直磁场方向射入板间并做匀速直线运动，从坐标为（0，L）的a点垂直y轴进入磁场区域，从OP上某点沿y轴负方向离开磁场进入电场，不计离子的重力，求：（1）离子在平行金属板间的运动速度v0；（2）Poy区域内匀强磁场的磁感应强度B；（3）离子打在x轴上对应点的坐标．2016-2017学年江西省新余市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．在物理学发展史上，许多科学家通过恰当的运用科学研究方法，超越了当时研究条件的局限性，取得了辉煌的研究成果，下列表述符合物理学史实的是（）A．库仑在发现电荷间相互作用力规律之前，首先找到了定量测定电荷量的方法B．库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了他对电荷间相互作用力规律的研究C．法拉第发现电流的磁效应，这和他坚信电和磁之间一定存在着联系的哲学思想是分不开的D．安培首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究【考点】物理学史．【分析】本题考查对电磁学物理学史的了解情况．对科学家重要的发现、著名学说、经典实验等等要加强记忆．【解答】解：A、库仑在发现电荷间相互作用力规律，密立根最早通过油滴实验，比较准确的测定了电子的电量．故A错误B、库仑利用库仑扭秤巧妙地实现了他对电荷间相互作用力规律的研究，故B正确C、奥斯特通过放在通电直导线下方的小磁针发生偏转，得出通电导线的周围存在磁场的结论，发现了电流的磁效应．故C错误．D、法拉第首先引入电场线和磁感线，极大地促进了他对电磁现象的研究，故D 错误故选B．2．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．若放在P点的点电荷的电荷量减半，则P点的场强减半B．若P点没有试探电荷，则P点的场强为零C．P点的场强越大，则同一电荷在P点受的静电力越大D．P点的场强方向为试探电荷在该点的受力方向【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在p 点电荷减半或无检验电荷，P点的场强不变，故AB错误．C、据F=Eq知，P点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确．D、据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，与负电荷在该点的受力方向相反，故D错误．故选：C．3．如图所示的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果滑动变阻器的滑片向b端滑动，则（）A．电灯L更亮，电流表的示数减小B．电灯L更亮，电流表的示数增大C．电灯L变暗，电流表的示数减小D．电灯L变暗，电流表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【分析】滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来判断电灯亮度和电流表示数的变化．【解答】解：滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，R1↑，外电路总R↑，由欧姆定律得知总电流I↓，路端电压U=E﹣Ir↑．电灯L 的电压等于路端电压，所以电灯L更亮，电流表的示数减小．故选A4．如图所示，带异种电荷的粒子a、b以相同的动能同时从O点射入宽度为d 的有界匀强磁场，两粒子的入射方向与磁场边界的夹角分别为30°和60°，且同时到达P点．a、b两粒子的质量之比为（）A．1：2 B．2：1 C．3：4 D．4：3【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动．【分析】求解本题的关键是画出来粒子的轨迹图，并确定圆心、求出半径和圆心角，然后根据动能相等的条件以及相等的运动时间并结合圆周运动公式联立即可求解．【解答】解：根据题意画出a、b粒子的轨迹如图所示，则a、b粒子的圆心分别是和，设磁场宽度为d，由图可知，粒子a的半径==，粒子b的半径为==d由=可得：=，即=由qvB=可得：，=又b粒子轨迹长度为==，粒子a的轨迹长度为==，所以，=联立以上各式解得=，所以C正确，ABD错误．故选：C．5．如图所示，在xOy坐标系中以0为中心的椭圆上，有a．b，c，d，e五点，其中a、b、c、d为椭圆与坐标轴的交点．现在椭圆的一个焦点O1固定一正点电荷，另一正试探电荷仅在电场力作用下的运动轨迹如图中虚线所示，下列说法正确的是（）A．a、c两点的电场强度相同B．d点的电势小于b点的电势C．正试探电荷沿虚线运动过程中在b点的动能大于在e点的动能D．若将正试探电荷由a沿椭圆经be移动到c，电场力先做负功后做正功，但总功为零【考点】电场强度；电势．【分析】电场强度是矢量，只有大小和方向都相同时，场强才相同．由电场线的分布情况和对称性可分析a、c两点电场强度关系；根据d点与b点到正电荷的距离关系，比较电势的高低，也可用同样的方法比较a、c两点电势的高低；据电场力做功情况判断动能即可．【解答】解：A、由电场线的分布情况和对称性可分析a、c两点电场强度大小相同，但方向不同，所以电场强度不同；故A错误．B、由于在椭圆的一个焦点O1固定一正点电荷，据正点电荷的电场线特点，沿电场线方向电势逐渐减小，且d比b离点电荷近，所以d点的电势高于b点的电势，故B错误；C、由于场源电荷是正电荷，所产生的电场向外辐射；据Ep=qφ和正试探电荷知在e点电势能大于b点的电势能，仅在电场力作用下，所以正试探电荷沿虚线运动过程中在b点的动能大于在e点的动能，故C正确．D、正点电荷由a沿be移到c点的过程中，电势先降低后升高，电势能先减小后增大，电场力先做正功再做负功．a、c两点电势相等，所以总功为零．故D错误．故选：C．6．目前世界上正研究的一种新型发电机叫磁流体发电机，如图所示表示它的发电原理：将一束等离子体（即高温下电离的气体，含有大量带正电和负电的粒子，而从整体来说呈中性）沿图中所示方向喷射入磁场，磁场中有两块金属板A、B，这时金属板上就聚集了电荷，在磁极配置如图中所示的情况下，下述说法正确的是（）A．A板带正电B．有电流从A经用电器流向BC．金属板A、B间的电场方向向下D．等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力【考点】带电粒子在混合场中的运动．【分析】根据左手定则判断出正负电荷所受洛伦兹力的方向，从而判断出正负电荷的偏转方向，带正电的极板电势高，电流从正极板流向负极板．【解答】解：A、根据左手定则知，正电荷向下偏，负电荷向上偏，则A板带负电．故A错误．B、因为B板带正电，A板带负电，所以电流的流向为B经用电器流向A．故B 错误．C、因为B板带正电，A板带负电，所以金属板间的电场方向向上．故C错误．D、等离子体发生偏转的原因是离子所受洛伦兹力大于所受电场力．故D正确．故选：D．7．a、b两个带电小球的质量均为m，所带电荷量分别为+3q和﹣q，两球间用绝缘细线连接，a球又用长度相同的绝缘细线悬挂在天花板上，在两球所在的空间有方向向左的匀强电场，电场强度为E，平衡时细线都被拉紧．则平衡时可能位置是（）A．B． C． D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；摩擦力的判断与计算；电场强度．【分析】运用整体法研究上面绳子与竖直方向的夹角，再隔离b研究，分析ab 间的绳子与竖直方向的夹角，得到两夹角的关系，判断系统平衡状态．【解答】解：a球带正电，受到的电场力水平向左，b带负电，受到的电场力水平向右．以整体为研究对象，整体所受的电场力大小为2qE，方向水平向左，分析受力如图，则上面绳子应向左偏转．设上面绳子与竖直方向的夹角为α，则由平衡条件得tanα==以b球为研究对象，受力如图．设ab间的绳子与竖直方向的夹角为β，则由平衡条件得tanβ=得到α=β，所以根据几何知识可知，b球在悬点的正下方，故D正确，ABC错误；故选：D．8．电源、开关S、S′、定值电阻R1、光敏电阻R2和电容器连接成如图所示电路，电容器的两平行板水平放置．当开关S、S′闭合，并且无光照射光敏电阻R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的M点．当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，则（）A．液滴向下运动B．液滴向上运动C．R2两端的电势差是否升高无法分析D．当光照强度不变时断开S′，把电容器的上极板向上移一小段距离，则上极板的电势比A点的电势高【考点】闭合电路的欧姆定律；匀强电场中电势差和电场强度的关系．【分析】该电路R1和R2串联，电容器两端间的电压等于R1两端间的电压，当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，根据闭合电路欧姆定律分析电流的变化，得到两个电阻的电压变化和电容器两端的电压变化，从而知道电场的变化．【解答】解：A、B、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，R1两端间的电压增大，电容器的电压增大，板间场强增大，液滴所受的电场力增大，液滴向上运动；故A错误，B正确；C、当用强光照射光敏电阻R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，R2两端间的电压：U R2=E﹣I（R1+r）一定减小，故C错误；D、当光照强度不变时断开S′，电容器的带电量不变，电势差：U R1=，把电容器的上极板向上移一小段距离，d变大，故电势差U R1变大，由于下极板电势为零，故上极板的电势比A点的电势高，故D正确；故选：BD．9．如图所示为一个质量为m、带电量为+q的圆环，可在水平放置的粗糙细杆上自由滑动，细杆处于磁感应强度为B的匀强磁场中，圆环以初速度v0向右运动直至处于平衡状态，则圆环克服摩擦力做的功可能为（）A．0 B．mv02C．D．m（v02﹣）【考点】功的计算；力的合成与分解的运用；共点力平衡的条件及其应用．【分析】圆环向右运动的过程中受到重力、洛伦兹力、可能受到杆的支持力和摩擦力，根据圆环初速度的情况，分析洛伦力与重力大小关系可知：圆环可能做匀速直线运动，或者减速运动到静止，或者先减速后匀速运动，根据动能定理分析圆环克服摩擦力所做的功．【解答】解：A、当qv0B=mg时，圆环不受支持力和摩擦力，摩擦力做功为零．故A正确．B、当qv0B＜mg时，圆环做减速运动到静止，只有摩擦力做功．根据动能定理得：﹣W=0﹣得：W=故B正确．C、当qv0B＞mg时，圆环先做减速运动，当qvB=mg时，不受摩擦力，做匀速直线运动．当qvB=mg时得：v=根据动能定理得：﹣W=代入解得：W=﹣故C错误，D正确．故选ABD10．狄拉克曾经预言，自然界应该存在只有一个磁极的磁单极子，其周围磁感线呈均匀辐射状分布（如图甲所示），距离它r处的磁感应强度大小为（k为常数），其磁场分布与负点电荷Q的电场（如图乙所示）分布相似．现假设磁单极子S和负点电荷Q均固定，有带电小球分别在S极和Q附近做匀速圆周运动．则关于小球做匀速圆周运动的判断正确的是（）A．若小球带正电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示B．若小球带正电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示C．若小球带负电，其运动轨迹平面可在S的正上方，如图甲所示D．若小球带负电，其运动轨迹平面可在Q的正下方，如图乙所示【考点】带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；向心力．【分析】粒子在磁场中受洛仑兹力及本身的重力做匀速圆周运动，故它们的合力应充当向心力；则分析甲图可得出正确的结果；而在点电荷周围粒子要做匀速圆周运动，则电场力与重力的合力应充当向心．【解答】解：要使粒子能做匀速圆周运动，则洛仑兹力与重力的合力应能充当向心力；在甲图中，若粒子为正电荷且逆时针转动（由上向下看）则其受力斜向上，与重力的合力可以指向圆心，故A正确；而若为负电荷，但顺时针转动，同理可知，合力也可以充当向心力，故C正确；Q带负电，则正电荷在图示位置各点受到的电场力指向Q，则电场力与重力的合力可能充当向心力，故B正确；但若小球带负电，则小球受电场力逆着电场线，故其与重力的合力向下，合力不能全部提供向心力，故不会做匀速圆周运动，故D错误；故选ABC．二、填空题11．一玩具电动机中导线圈的电阻率，某实验小组的部分实验方案如下（1）用螺旋测微器测得导线圈同种规格导线直径d如图1所示，则d=0.152 mm；（2）用多用电表测量电动机中导线圈的电阻R x：选择“×1Ω”欧姆挡，并按正确步骤操作后，指针的位置如图2所示（此过程电动机不转动），则R x=25Ω．（3）为提高精度，他又用以下仪器再次测量导线圈的电阻R x：电流表A1（0～3A、约5Ω）；滑动变阻器R1（1kΩ）；电流表A2（0～30mA、约10Ω）；滑动变阻器R2（50Ω）；定值电阻R0=60Ω；电源（4V、约1Ω）及开关等，导线若干．①实验小组为使测量过程中电动机不转动而采用了如图3所示的电路图，应选择的电流表是A2，滑动变阻器是R2；（填写符号）②按照实验要求，多用表已选择“直流电压2.5V”档作为电压表使用，请依据图3将图4实验电路中的仪器连接欠缺的两处补完整；③图5是该实验小组测得的数值描绘出的图象，其斜率值表示的是（填选项）B．A、导线圈的电阻；B、导线圈的电阻与R0阻值之和．【考点】测定金属的电阻率．【分析】（1）螺旋测微器固定刻度示数与可动刻度示数之和是螺旋测微器示数．（2）欧姆表指针示数与对应挡位的乘积是欧姆表示数．（3）①根据电路最大电流选择电流表，为方便实验操作，应选择最大阻值较小的滑动变阻器．②根据电路图连接实物电路图．③根据电路图分析答题．【解答】解：（1）由图1所示螺旋测微器可知，其固定刻度示数为0mm，可动刻度读数：15.2×001mm=0.152mm，螺旋测微器示数为：0mm+0.152mm=0.152mm．故螺旋测微器读数为0.152mm；（2）欧姆表选择“×1Ω”欧姆挡，由图2所示可知，欧姆表示数为：25×1Ω=25Ω；（3）①电路最大电流约为：I==≈0.047A=47mA，选3A量程电流表读数误差太大，因此电流表应选A2，由电路图可知，滑动变阻器采用分压接法，为方便实验操作，滑动变阻器应选：R2．②根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示：③由电路图可知，电压表测定值保护电阻与电动机两端电压，电流表测通过他们的电流，因此U﹣I图象的斜率是电阻R0和电动机串联的总电阻，故选B；故答案为：（1）0.152；（2）25；（3）①A2；R2；②实物电路图如图所示；③B．12．为了测定一电池的电动势和内电阻，实验中提供有下列器材：A．电流表G（满偏电流10mA，内阻r g=10Ω）B．电流表A（0～0.6A～3A，内阻未知）C．滑动变阻器R0（0～100Ω，1A）D．定值电阻R（阻值990Ω）E．开关与导线若干．（1）根据现有的实验器材，设计电路图，要求用题中所给仪器符号标在电路图中，请画在方框中．（2）如图是小强根据上述设计的实验电路利用测出的数据绘出的I1﹣I2图线（I1为电流表G的示数，I2为电流表A的示数），则由图线可以得到被测电池的电动势E=9.1V，内阻r=10Ω．（均保留2位有效数字）【考点】测定电源的电动势和内阻．【分析】（1）将电流表G与定值电阻R串联改装为“电压表”，然后画出电路图即可．（2）由电路图列出闭合电路欧姆定律表达式，并整理出电流I1与I2的函数表达式，然后再根据图象斜率和截距的概念求解即可．【解答】解：（1）由于给出的器材中没有电压表，可考虑将电流表G与定值电阻串联进行改装，则改装后“电压表”的量程应为U=I g（R+R g），电压表测量的应是电源的路端电压，电路图如图所示：（2）根据闭合电路欧姆定律应有：E=I1（R g+R）+（I1+I2）r，整理为I1=﹣。
2017-2018学年江西省新余市高三(上)期末物理试卷
2017-2018学年江西省新余市高三（上）期末物理试卷一、选择题：共8小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，第14～17题只有一项符合题目要求，第18～21题有多项符合题目要求，全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分1．（6分）在物理学的重大发现中科学家创造出了许多物理学研究方法，如理想实验法，控制变量法、极限思想法、类比法、科学假设法、建立理想模型法、微元法等等，以下叙述不正确的是（）A．根据速度定义式，当△t非常非常小时，就可以表示物体在t 时刻的瞬时速度，该定义应用了极限思想方法B．用来描述速度变化快慢，采用了比值定义法C．在探究加速度、力和质量三者之间的关系时，先保持质量不变研究加速度与力的关系，再保持力不变研究加速度与质量的关系，该实验应用了控制变量法D．在不需要考虑物体本身的大小和形状时，用质点来代替物体的方法运用了假设法2．（6分）如图所示，铁板AB与水平地面之间的夹角为θ，一块磁铁吸附在铁板下方，在缓慢抬起铁板的B端时θ角增大（始终小于90°）的过程中，磁铁始终相对于铁板静止，下列说法正确的是（）A．铁板对磁铁的弹力逐渐增大B．磁铁所受合外力逐渐减小C．磁铁始终受到三个力的作用D．磁铁受到的摩擦力逐渐减小3．（6分）冲击摆是用来测量子弹速度的一种简单装置．如图所示，将一个质量很大的砂箱用轻绳悬挂起来，一颗子弹水平射入砂箱，砂箱发生摆动．若子弹射击砂箱时的速度为v，测得冲击摆的最大摆角为θ，砂箱上升的最大高度为h，则当子弹射击砂箱时的速度变为2v时，下列说法正确的是（）A．冲击摆的最大摆角将变为2θB．冲击摆的最大摆角的正切值将变为2tanθC．砂箱上升的最大高度将变为2hD．砂箱上升的最大高度将变为4h4．（6分）回旋加速器工作原理示意图如图所示，磁感应强度为B的匀强磁场与盒面垂直，两盒间的狭缝很小，粒子穿过狭缝的时间可忽略，两盒接在电压为U，频率为f的交流电源上，若A处粒子源产生的质子在加速器中被加速，下列说法正确的是（）A．若只增大交流电压U，则质子获得的最大动能增大B．若只增大交流电压U，则质子在回旋加速器中运行时间不变C．若磁感应强度B增大，交流电频率f必须适当增大才能正常工作D．不改变磁感应强度B和交流电频率f，该回旋加速器也能用于加速α粒子5．（6分）我国计划在2017年发射“嫦娥四号”，它是嫦娥探月工程计划中嫦娥系列的第四颗人造探月卫星，主要任务是更深层次，更加全面的科学探测月球地貌、资源等方面的信息，完善月球档案资料。
江西省新余市第一中学20172018学年高二物理5月段考试题
江西省新余市第一中学2017-2018学年高二物理5月段考试题（扫描版）新余一中2017—2018学年高二下学期第二次段考物理参考答案一.选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分。
）1 2 3 4 5 6 7 8 9 10A D C D CB A BD BCD CD二.实验题（本题共2小题，共14分）11．(1) BD ，（2）A （3） 0.81 （结果保留2位有效数字）。
12.（1）d= 11.14 mm，R= 1200 Ω．（2）（3）．（用符号表示）三.计算题(本题共4小题，共计46分。
解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。
)13. （10分）（1）（2）【解析】解：由题以作出光路图，如图所以由几何关系可知，入射角由于在AC面发生了全反射，则有又因为在AB面上解得（2）由几何关系可知，因为所以则有光在棱镜中的速度为则光速从AB面传播到AC面所用的时间14.(1) (2) ，【解析】（1）根据动能定理研究小球从释放到最低点到最低点的另一侧的过程列出等式，小球无初速度释放摆到最低点的另一侧的过程：mgLcosθ-qEL（1+sinθ）=0-0=0 其中θ=30°解得：（2）将电场力与重力合成F合=，由图可知，合力方向与竖直方向成30度角斜向右下，O′为对应的“等效最低点”．在O'点产生最大加速度，对应最大拉力．由几何关系得α=60°．根据动能定理研究O点到O'点，得：联立得：小球在O'点时由重力、电场力和细线的拉力的合力提供小球的向心力，根据牛顿第二定律得 F max-F合=mF max=(1) (2) （3）6.8m【解析】(i)振源的振动方程为 (m)(ii)由题意可知，该波的波长为λ=0.8m，周期为T=0.4s，所以波速为因此波传到P点用时：，又由于波源起振方向为向上，因此该质点到达波谷仍需所以P点第一次到达波谷所需的时间为t=t1+t2=4.3s；(iii)波传到Q点用时，P点第一次经过平衡位置向下运动用时由(ii)可知用时4.2s，因此Q点共振动t4=4.2-2.5=1.7s，所以此时Q点在波峰，振动的总路程为6.8m（1）带电粒子在MN间加速，由动能定理可得：可得粒子从N射出时的速度：（2）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，磁感应强度越大，粒子做圆周运动的半径越小，当磁感应强度最小时，恰不从ac边界射出粒子到达ac边界时，速度方向沿ac方向，此时粒子不从ac边界射出做圆周运动的最大半径为r m据洛伦兹力提供圆周运动向心力有：由几何关系可得，粒子圆周运动的最大半径：代入解得即粒子不从ac边界射出时满足（3）带电粒子在电场中做类平抛运动，电场强度最小为E0时，粒子运动到ac界面的速度方向沿ac方向，设ab和bc方向的位移大小分别为y和x，到达界面时沿ab方向分速度大小为v y，则x=v0t又有：v y=v0tan60°根据几何关系：解得：粒子到达ac边界时的速度大小为v则：根据动能定理有：解得：。
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2017-2018学年江西省新余市高二（上）期末物理试卷一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的4个选项中，1～6小题只有一个选项是正确的，7～10小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．请将正确选项填入答题卡中）1．（4分）以下说法正确的是（）A．由可知电场中中某点的电场强度E与F成正比B．磁场中某处磁感应强度的大小，等于长为L，通过电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与IL乘积的比值C．公式，其中电容器的电容c与电容器两极板间电势差U无关D．由U ab=Ed可知，同一匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大2．（4分）某电场的电场线的分布如图所示，一个带电粒子只在电场力的作用下由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点。
则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度比N点大C．粒子在N点的速度比M点小D．粒子在M点的电势能比在N点的电势能大3．（4分）如图所示，电阻R1=20Ω，电动机线圈的电阻R2=5Ω．当电键S断开时，电流表的示数是0.5A，当电键S闭合后，电流表示数是1.3A．已知电路两端的电压不变，则当电键S闭合后，以下说法不正确的是（）A．电路两端电压为10VB．电动机消耗的电功率为8WC．电动机输出的机械功率为3.2WD．电动机的效率为60%4．（4分）铜的摩尔质量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为（）A．光速c B．C．D．5．（4分）如图所示，虚线1、2、3、4 为静电场中的等势面，相邻的等势面之间的电势差相等，其中等势面2的电势为零。
一带正电的点电荷在静电力的作用下运动，经过a、b点时的动能分别为26eV和5eV．当这一点电荷运动到某一位置，其电势能变为6eV时，它的动能应为（）A．8eV B．13eV C．20eV D．27eV6．（4分）如图所示，四个相同的电流表分别改装成两个安培表和两个伏特表，安培表A1的量程大于A2的量程，伏特表V1的量程大于V2的量程，把它们按图接入电路中，则下列说法正确的是（）A．安培表A1的偏转角大于安培表A2的偏转角B．安培表A1的读数小于安培表A2的读数C．伏特表V1的读数小于伏特表V2的读数D．伏特表V1的偏转角等于伏特表V2的偏转角7．（4分）如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，均通有电流I，L1中电流方向与L2中的相同，与L3中的相反。
下列说法正确的是（）A．L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在平面垂直B．L3所受磁场作用力的方向与L1、L2所在平面垂直C．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1：1：D．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为：：18．（4分）如图所示，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光。
在将滑动变阻器的触片逐渐向右滑动的过程中，下列说法正确的是（）A．小灯泡L1、L2均变暗B．小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C．电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D．电流表A的读数变化量与电压表V的读数变化量之比不变9．（4分）回旋加速器是加速带电粒子的装置，其核心部分是分别与高频交流电极相连接的两个D形金属盒，两盒间的狭缝中形成的周期性变化的电场，使粒子在通过狭缝时都能得到加速，两D形金属盒处于垂直于盒底的匀强磁场中，如图所示，要增大带电粒子射出时的动能，则下列说法中正确的是（）A．增大磁场的磁感应强度B．增大匀强电场间的加速电压C．增大D形金属盒的半径D．减小狭缝间的距离10．（4分）如图所示，两条水平虚线之间有垂直于纸面向里，宽度为d，破感应强度为B的匀强磁场质量为m，电阻为R的正方形线圈边长为L（L＜d），线圈下边缘到磁场上边界的距离为h将线圈由静止释放，其下边缘刚进入磁场和下边缘刚穿出磁场时刻的速度都是v0，则在整个线圈穿过磁场的全过程中（从下边缘进入磁场到上边缘穿出磁场），下列说法中正确的是（）A．线圈进入磁场时电流方向为逆时针方向B．线圈可能一直做匀速运动C．产生的焦耳热为2mgdD．线圈的最小速度可能是二、实验题填空题（本大题共2小题，每空3分，共18分）11．（12分）某实验小组为了测定某一标准圆柱形导体的电阻率，进行了如下实验：（1）首先用多用电表粗略测量了电阻约为十几欧姆；（2）分别用游标卡尺和螺旋测微器对圆柱形导体的长度L和直径d进行测量，结果如图1所示，其读数分别是L=mm，d=mm。
（3）为使实验更准确，又采用伏安法进行了电阻测量，右面两个电路方案中，应选择图2中的。
用实验中读取电压表和电流表的示数U、I和②中读取的L、d，计算电阻率的表达式为ρ=。
12．（6分）如图所示是把量程为3mA的电流表改装成欧姆表的示意图，其中电源电动势E1=1.5V．改装后若将原电流表3mA刻度处定为零阻值位置，则1.5mA 刻度处应标多少Ω，1mA刻度处应标多少Ω。
四、计算题（本大题共4小题，共42分）13．（10分）匀强电场中A、B、C三点构成一个直角三角形。
AB=4cm，BC=3cm，把电荷量为q=﹣2×10﹣10C的点电荷从A点移到B时，电场力做功4.8×10﹣8J，从B点移到电C点时，克服电场力做功4.8×10﹣8J，若取B点的电势为零，求A、C两点的电势和场强的大小及方向。
（要求方向在图中画出）14．（10分）如图所示，两块足够长的平行金属板A、B竖直放置，板间有一匀强电场。
已知两板间的距离d=0.2m，两板间的电压U=300V，Q为A，B两板上端连线的中点，带正电的小球位于Q点正方向的P处，P，Q的高度差为h=0.05m。
已知小球胡质量m=6×10﹣6kg，电荷量q=2×10﹣8C，取g=10m/s2．求：（1）小球从P点开始由静止下落，经多长时间和金属板相碰？（2）小球与金属板相碰时速度的大小。
15．（10分）如图所示，足够长的U形导体框架的宽度l=0.5m，电阻忽略不计，其所在平面与水平面成θ=37°角，磁感应强度B=0.8T的匀强磁场方向垂直于导体框平面，一根质量m=0.2kg，有效电阻R=2Ω的导体棒MN垂直跨放在U 形框架上，导体棒与框架间的动摩擦因数μ=0.5，导体棒由静止开始沿框架下滑到刚开始匀速运动，通过导体棒截面的电量共为Q=2C．求：（1）导体棒匀速运动的速度；（2）导体棒从开始下滑到刚开始匀速运动这一过程中，导体棒的电阻产生的焦耳热。
（sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2）16．（12分）如图所示，在y＞0的空间中存在匀强电场，场强沿y轴负方向；在y＜0的空间中，存在匀强磁场，磁场方向垂直xy平面（纸面）向外。
一电荷量为q、质量为m的带正电的运动粒子，经过y轴上y=h处的点P1时速率为v0，方向沿x轴正方向；然后，经过x轴上x=2h处的P2点进入磁场，并经过y轴上y=﹣2h处的P3点。
不计重力。
求（1）电场强度的大小。
（2）粒子到达P2时速度的大小和方向。
（3）磁感应强度的大小。
（4）粒子从P1点运动到P3点所用时间。
2017-2018学年江西省新余市高二（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的4个选项中，1～6小题只有一个选项是正确的，7～10小题有多个选项正确，全部选对得4分，选不全的得2分，有选错或不选的得0分．请将正确选项填入答题卡中）1．（4分）以下说法正确的是（）A．由可知电场中中某点的电场强度E与F成正比B．磁场中某处磁感应强度的大小，等于长为L，通过电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与IL乘积的比值C．公式，其中电容器的电容c与电容器两极板间电势差U无关D．由U ab=Ed可知，同一匀强电场中的任意两点a、b间的距离越大，则两点间的电势差也一定越大【解答】解：A．电场强度运用比值法定义，E由电场本身决定，与试探电荷无关，所以E与F无关，故A错误；B．磁场中某处磁感应强度的大小，等于垂直于磁场的长为L，通过电流I的一小段导线放在该处时所受磁场力F与IL乘积的比值，故B错误；C．，是电容的定义式，运用比值法定义，C由电容器本身决定，与Q、U 无关，故C正确；D．由U ab=Ed可知，同一匀强电场中沿电场方向的两点间的距离越大，则两点间的电势差越大，故D错误。
故选：C。
2．（4分）某电场的电场线的分布如图所示，一个带电粒子只在电场力的作用下由M点沿图中虚线所示的途径运动通过N点。
则下列判断正确的是（）A．粒子带负电B．粒子在M点的加速度比N点大C．粒子在N点的速度比M点小D．粒子在M点的电势能比在N点的电势能大【解答】解：A、电场线的方向斜向上，根据粒子的运动轨迹的弯曲方向可以知道，粒子受到的电场力方向也斜向上，所以该粒子带正电，故A错误；B、电场线密的地方电场强度大，电场线疏的地方电场强度小，则M点的场强小，N点的场强大，由牛顿第二定律知：qE=ma，可知粒子在N点的加速度大，故B错误；CD、带电粒子从M点到N点，电场力方向与速度方向成锐角，电场力对粒子做正功，则粒子的动能增大，电势能减小，则粒子在N点的速度大，粒子在M 点的电势能比在N点的电势能大，故C错误，D正确；故选：D。
3．（4分）如图所示，电阻R1=20Ω，电动机线圈的电阻R2=5Ω．当电键S断开时，电流表的示数是0.5A，当电键S闭合后，电流表示数是1.3A．已知电路两端的电压不变，则当电键S闭合后，以下说法不正确的是（）A．电路两端电压为10VB．电动机消耗的电功率为8WC．电动机输出的机械功率为3.2WD．电动机的效率为60%【解答】解：A、当电键S断开时，由欧姆定律得：U=I1R1=0.5×20=10V．故A正确；B、当电键S闭合后，通过R1的电流角为0.5A，通过电动机的电流为：I2=I﹣I1=1.3﹣0.5=0.8A则电动机消耗的功率P=UI2=10×0.8=8W，故B正确；C、电动机的输出功率为：P输出=UI2﹣I22R2=10×0.8﹣0.82×5=4.8W，故C错误；D、电动机的效率为=60%，故D正确。
本题选错误的故选：C。
4．（4分）铜的摩尔质量为m，密度为ρ，每摩尔铜原子有n个自由电子，今有一根横截面积为S的铜导线，当通过的电流为I时，电子平均定向移动的速率为（）A．光速c B．C．D．【解答】解：单位长度质量为：M′=ρ•S•1；单位长度原子数为：N=•N A=；每个铜原子可以提供一个自由电子，故电子数为n=；电流I=；而t=；解得：v=；故选：D。