九年级物理下册 电功率单元测试卷附答案

九年级物理下册 电功率单元测试卷附答案

一、初三物理 电功率 易错压轴题（难）

1．P 额=U 额I 1=22()U U U U U U R R

--?=额额额额利用如图所示的电路探究电流跟电压的关系，电源电压为6V 不变．

（1）按图甲，在图乙中把接错的一根导线打上“×”，再画线把它改到正确的位置上． （_____）

（2）正确连接电路后，再闭合开关，移动滑片，发现电压表和电流表的示数均为0；继续移动滑片，当两电表指针刚好偏转且稳定时，其示数见序号3，继续实验，数据见序号4和序号5． 数据序号

1 2 3 4 5 电压/V

0 0 1 2 3 电流/A 0 0 0.1 0.2 0.3

①根据第5组数据，在图丙中用“↑”标出电流表指针所在的位置．

（_____）

②由序号1、2两组数据可判断，该电流故障为________（选填“R 1接触不良”、“R 2断路”或“R 2短路”）．

③序号3、4、5三组数据表明：在导体的________一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比．

④根据表中数据计算，滑动变阻器接入电路的最大阻值为________Ω，滑动变阻器消耗的功率变化了________W ．

【答案】R1接触不

良电阻500.4

【解析】

【分析】

（1）测电阻的实验中电压表应测定值电阻两端电压，即与定值电阻并联，电流表测定值电阻电流与其串联。

（2）①图丙中电流表接的是0.6A量程，分度值为0.02A，第5组数据中电流为0.3A，电流表指针应指在0.2A与0.4A正中间的位置；

②由序号1、2两组数据中电流表示数为0，电压表也为0，可判断电路为断路；

③序号3、4、5三次实验都是在一个定值电阻下进行的，所以导体电阻没有变化，通过三组数据表明导体中的电流跟导体两端的电压成正比；

④依据串联分压原理，定值电阻R2电压最小时，滑阻分的电压最大，此时滑阻R1阻值最大，也就是说第三组数据时滑阻R1阻值最大。从电源电压6V里减去定值电阻R2的电压，得到滑阻R1电压，由于R2与R1串联，电流相等为0.1A，根据欧姆定律可计算滑阻阻值，利用公式P=I2R可计算滑阻电流在0.1A和0.3A时的功率，然后大功率减去小功率就是功率变化值。

【详解】

（1）测电阻的实验中电压表应测定值电阻两端电压，即与定值电阻并联，电流表测定值电阻电流与其串联，由图可知，电压表与定值电阻串联，电流表与定值电阻并联了，只改一根导线，应将定值电阻右侧连接电流表的导线接到电压表的左侧接线柱上即可；

（2）①图丙中电流表接的是0.6A量程，分度值为0.02A，第5组数据中电流为0.3A，电流表指针应指在0.2A与0.4A正中间的位置；

②由序号1、2两组数据中电流表示数为0，可判断电路为断路，电压表也为0，说明不是和电压表并联的电阻断路，和电压表并联的电阻断路时电压表示数应该接近电源电压，所以是“R1接触不良”；

③序号3、4、5三次实验都是在一个定值电阻下进行的，所以导体电阻没有变化，通过三组数据表明导体中的电流跟导体两端的电压成正比；

④根据串联电路分压特点得：U1=U-U2=6V-1V=5V

R1最大为：1

1

5V

50Ω

0.1A

U

R

I

===；

此时最小功率：P1=I2R1=（0.1A）2×50Ω=0.5W

当第5次时，滑阻电压为：U′=6V-3V=3V

此时电流为：I=0.3A

最大功率为：P1′=U′×I=3V×0.3A=0.9W

滑动变阻器消耗的功率变化了：P1′-P1=0.9W-.5W=0.4W。

2．

22

max

(3V)

0.45W

445Ω

U

P

R

===

?

在探究电路的实验中，几个小伙伴将电阻R、标有“2.5V”字样的小灯泡L和滑动变阻器串联接入电路，并把变阻器的滑片移到了连入阻值最大端，电源为6V稳压直流输出，如图所示。请完成下列问题：

实验次数电阻两端电压U1/V灯两端电压U2/V电流I/A小灯泡亮度

1 1.00.50.10不亮

2 2.2 1.50.22偏暗

3 2.8 2.50.28正常

4 3.0 2.80.30极亮

(1)如果用电压表分别测量R与L的电压，请用笔面线将电路连接完整______；

(2)闭合开关，移动变阻器的滑片，记录4组测量数据在表格中。分析U2与I的值，可发现的实验结论是：①小灯泡的电阻是变化的，当通过电流增大使灯丝的温度升高时其电阻会变______；②小灯泡的亮度决定于______；（选填代号：A．通过灯的电流、B．灯两端的电压、C ．灯的实际功率）

(3)通过大量的实验研究，我们必须养成一定的科学态度。比如，通过移动变阻器的滑片，获得多次实验数据很重要；小敏认为对于灯泡的意义是便于求出平均功率达到减小测量误差的目的。你对小敏此观点的评价是______。（需说明理由）

【答案】或

变大 C 错误的，小灯泡在不同电压下电功率是不同的，不能取平均值减小误差

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1]用电压表分别测量R与L的电压，如图所示电压表V2已经并联在灯泡L两端，想在只需将电压表V1按照电流正极进、负极出的原则并联在定值电阻R两端，可将电压表V1的负接线柱与定值电阻R的右接线柱或者灯泡L的左接线柱连接即可，如图所示

或

(2)[2]四次实验灯泡L两端的电阻分别为

21 L1

10.5V

5Ω0.10A

U

R

I

===

22 L2

21.5V

6.8Ω0.22A

U

R

I

==≈

23 L3

32.5V

8.9Ω0.28A

U

R

I

==≈

24

L4

4

2.8V

9.3Ω

0.30A

U

R

I

==≈

可知，当通过电流增大使灯丝的温度升高时，灯泡的电阻会变大。

[3]四次实验灯泡L的实际功率分别为

L11

1

0.5V0.10A0.05W

P U I

==?=

实

L22

1.5V0.22A0.33W

P U I

==?=

实2

L33

2.5V0.28A0.7W

P U I

==?=

实3

L44

2.8V0.30A0.84W

P U I

==?=

实4

随着通过电流变大，灯泡的实际功率变大，亮度也变亮，可知小灯泡的亮度决定于灯的实际功率，故应该选择C。

3．(3)[4]小敏的观点是错误的，原因是小灯泡在不同电压下的电功率是不同的，所以不能取平均值减小误差。小华用图1所示电路来测量小灯泡的电功率（部分器材的规格已标明）

(1)图1是小华正准备接入最后一根导线（图中虚线所示）时的实验电路。请指出图中在器材操作上存在的两个不妥之处∶①____；②____?

(2)闭合开关进行实验，小华发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数始终为3V，而电流表示数始终为零，已知仅导线发生故障，则图1中导线____（选填“①”?“②”或“③”）发生了____ （填写故障名称）

(3)小华进行了六次实验，记录实验数据并在U-I图像中描点，得到小灯泡两端的电压与电流的关系图像如图2所示，则根据记录的数据和图像可知∶

①小灯泡的额定功率为____W?

②实验中所使用的滑动变阻器的规格可能为____

A．5Ω 2A B．10Ω 2A C．20Ω 1A D．30Ω 1A

(4)实验结束后，小华继续对滑动变阻器两端电压与通过它的电流关系进行了探究，则他画出的U-I图像应为图3中的虚线____（选填“①”?“②”或“③”），你选择的依据是____?

【答案】①开关未断开②滑动变阻器滑片未移至阻值最大端左端①断路①0.75②D①“小灯泡和滑动变阻器两端电压之和保持不变”或“小灯泡两端电压变化量和滑动变阻器两端电压变化量始终相等”

【解析】

【分析】

【详解】

(1)[1][2]连接电路时为了保护电路，开关应断开，滑动变阻器滑片要滑到阻值最大处，所以图中在器材操作上存在的两个不妥之处∶①开关未断开；②滑动变阻器滑片未移至最左端（阻值最大处）。

(2)[3][4]闭合开关进行实验，小华发现无论怎样调节滑动变阻器，电压表示数始终为3V，而电流表示数始终为零，已知仅导线发生故障，则图1中导线①发生了断路。

(3)[5][6]根据记录的数据和图像可知∶①当小灯泡两端的电压为额定电压2.5V时，通过小灯泡的电流为0.3A，所以小灯泡的额定功率为

P额=U额I额=2.5V×0.3A=0.75W

②当小灯泡两端的电压为0.5V时，电流为0.1A，所以此时滑动变阻器两端的电压为

U滑=U-U灯=3V-0.5V=2.5V

此时滑动变阻器的阻值为

R=U

I

滑=

2.5V

0.1A

=25Ω

所以实验中所使用的滑动变阻器的规格可能为D.30Ω 1A。

4．（3）灯丝的电阻随着电压的变化而变化，所以不能得出导体中电流和导体两端电压成正比的结论，该同学的说法不合理．在“测量小灯泡的电功率”的实验中，实验室提供如下器材：电源（电压恒为6V）、电压表和电流表各一个、额定电压为2.5V的待测小灯泡L （电阻约为10Ω）、滑动变阻器两个（R甲：“10Ω 1A”；R乙：“50Ω 0.5A”）、开关S、导线若干。

（1）该实验的原理是电功率P=________；

（2）实验中，应选用的滑动变阻器是________（选填“R甲’或“R乙”）；

（3）选用滑动变阻器后，请你根据以上器材设计一个测量小灯泡电功率的实验电路图，并画在图甲的虚线框内；

（_____）

（4）某小组在实验中记录了3组小灯泡的电流随电压变化的情况，如图乙所示，完成实验后小组进一步求得该小灯泡正常发光时的电阻为________Ω（保留到小数点后一位）；（5）另一小组实验时，发现电流表已经损坏，为了测出该小灯泡的额定功率，小组在实验室选了一个10Ω的电阻R0和一个单刀双掷开关，设计了如图丙所示的电路并完成了该实验（电源电压不变）；

①闭合开关S，S1接b，调节滑动变阻器使小灯泡正常发光，记录电压表示数U1。

②闭合开关S，滑动变阻器滑片保持不动，S1接a，读出此时电压表示数为U2。

则小灯泡额定功率P 额

=________（用R 0、U 1、U 2表示）。

【答案】UI R 乙 10.4 ()1210

U U U P R -额＝ 【解析】

【详解】

（1）该实验的原理是电功率P ＝UI ；

（2）电源（电压恒为6V ）、额定电压为2.5V 的待测小灯泡L （电阻约为10Ω），由欧姆

定律，灯的额定电流为： 2.5V 0.25A 10Ω

L U I R =

==，根据串联电路的规律及欧姆定律，变阻器连入电路的电阻：6V 2.5V 14Ω0.25A L U U R I --===滑；故选用滑动变阻器R 乙； （3）滑动变阻器、小灯泡、电流表串联，电压表与小灯泡串联，测量小灯泡电功率的实验电路图如下所示：

（4）由欧姆定律，求得该小灯泡正常发光时的电阻为： 2.5V 10.4Ω0.24A

U R I ==≈； （5）①闭合开关S ，S 1接b ，调节滑动变阻器R 使小灯泡正常发光，记录电压表示数U 1。 ②闭合开关S ，滑动变阻器滑片保持不动，S 1接a ，读出此时电压表示数为U 2。

在②中，电压表测灯与定值电阻的电压，

因保持滑片位置不动，各电阻的大小和电压不变，灯仍正常工作，根据串联电路电压的规律，此时定值电阻的电压为U 2﹣U 1；由欧姆定律灯的额定电流：210

U U I R -=；

5．P 额=U L I =5V×0.3A=1.5W ．小绒在“测量小灯泡的电功率”实验活动中，使用的小灯泡额定电压为2.5V ．

（1）在检查实验仪器时，发见电流表指针如图乙所示，则应对电流表进行____； （2）图甲是他未连接好的实验电路，用笔画线代替导线帮他连接好实验电路．（要求滑动变阻器滑片P 向右滑动时灯泡变亮）

____

（3）检查电路连接无误后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电压表、电流表都有示数．则小灯泡不亮的原因可能是____．

（4）问题解决后，继续进行实验，闭合开关，发现电压表的示数如图丙所示，要测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器滑片向____（选填“C“或“D“”）端滑动，直至电压表示数为

____V，若此时电流表的示数为0.30A，则小灯泡的额定功率为____W．

（5）若两个额定电压为220V的白炽灯L1和L2的电压U与电流I的关系曲线如图丁所示，由图可知，L2的额定电流为____A，额定功率为____W；如果将L1和L2串联后接在220V的电源上，则L2的实际功率为____W．

【答案】调零滑动变阻器阻值接入电路的阻值过大 D

2.5 0.75 0.5 110 24

【解析】

【分析】

【详解】

（1）由图乙知道，电流表指针没有指在零刻度线上，所以在使用该电流表之前应对电流表进行机械调零，使指针指在零刻度线上；

（2）由图甲知道，电路图中只有滑动变阻器没有接入电路，由于要求滑动变阻器滑片P向右滑动时灯泡变亮，即此过程连入电路的电阻变小，电路的电流变大，所以，根据“一上一下”的原则，应将滑动变阻器的右下接线柱接入电路，如图：

（3）根据题意知道，闭合开关，电压表与电流表都有示数，则说明电路不存在断路，灯泡

也没有发生短路，灯泡不发光的缘故应是：闭合开关时，滑片置于阻值最大处，没有调节，使接入电路的阻值过大，电路电流过小，灯泡由于实际功率过小而不发光．

（4）由图丙知道，电压表选用的是小量程0-3V，分度值是0.1V，所以示数是1.2V，因为灯在额定电压是2.5V，所以，应增大灯的电压，由分压原理知道，应通过减小变阻器连入电路中的电阻大小，使变阻器分得的电压减小，所以滑片向D移动，直到电压表示数为2.5V；灯泡正常发光时，若电流表的示数为0.30A，则由P=UI知道，小灯泡的额度功率是：P=UI=2.5V×0.3A=0.75W；

（5）由题意和图丁知道，当电压为220V时，L2的额定电流是0.5A，由P=UI知道，L2的额定功率是：P=UI2 =220V×0.5A=110W；

若两电阻串联时，则流过两电阻的电流相等，且总电压应为220V，由U-I图象知道，当

I1=I2=0.3A时，L1的电压为140V，L2的电压为80V，符合串联电路的电压特点，所以串联后接在220V的电源上时，电流应是0.3A，此时L2的实际功率是：P=U2I2′=80V×0.3A=24W．【点睛】

6．因为灯泡的灯丝电阻是随温度而变化的，所以只要能得出电压越高，实际功率越大的结论即可，而多次测量时因为灯丝电阻的变化，意义不大．某同学做“测量小灯泡电功率”实验中，所用电源电压恒为4V，小灯泡的螺旋套上标有“2.5V”字样

（1）在检查仪器时，发现电流表的指针如图a所示，则他接下来的操作是．

（2）请你根据图b电路图用笔画线代替导线，将图c中未完成的电路连接好．要求：滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变小，导线不能交叉．

（3）检查仪器和电路无误后，闭合开关，调节调动变阻器片到某一位置时，电压表示数如图d所示，现要测定小灯泡的额定功率，应将滑片适当地向（选填“左”或“右”）移动，同时眼睛应观察．

（4）改变滑动变阻器的阻值，多次测量通过小灯泡的电流和它两端的电压，根据记录的数据画出了如图e所示的小灯泡的电流随电压变化的关系图象．由此可知，小灯泡的额定功率为W，小灯泡灯线形电阻随电压的增大而（选填“增大”、“不变”或“减小”）．

（5）完成了上述实验后，小明进一步探究通电直导线周围的磁场分布情况，找来小磁针、铁屑、硬纸板等，做了如图f所示的实验，发现了直导线周围的磁场是以导线为圆心的同心圆圈，并找到了判断直导线周围磁场的方法：“用右手握住直导线．让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向．”请你用小明的方法判断如图g中小磁针北极转向．图h中小磁针北极转向（两空均选填“纸内”或“纸外”）．

【答案】（1）调零；（2）见下图（3）左；电压表示数，使电压表示数为2.5V；（4）0.625；增大；（5）纸外；纸内．

【解析】

试题分析：（1）使用电表前，仔细观察指针是否指在零刻线，如不是，需要调零；

（2）根据题目要求，滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变小，由图可知滑动变阻器的下接线柱应接右侧，连入电路的阻值变大，由图可知滑动变阻器的下接线柱应接左侧；

（3）由电压表的示数可知，电压为2.7V大于额定电压，现要测定小灯泡的额定功率，就要求小灯泡两端电压为2.5V，根据串联分压特点，滑动变阻器的滑片应向左移；同时观察电压表直到2.5V；

（4）由图5可知，小灯泡2.5V时的电流，由P=UI可求额定功率，小灯泡电阻受温度影响较大，随电压增大而增大；

（5）根据用右手握住直导线．让大拇指指向直导线中电流的方向，则弯曲的四指所指方向为磁场方向，先根据安培定则判断出通电导体下方磁场的方向，然后根据小磁针静止时，北极的指向为磁场方向可知小磁针N极的指向．

解：（1）电表的使用注意调零，观察量程、分度值；由图1可知需要调零；

（2）滑动变阻器的滑片向右移动时，连入电路的阻值变小，由图可知滑动变阻器的下接线柱应接右侧；

（3）由电压表的示数可知，电压为2.7V＞2.5V，根据串联分压特点，滑动变阻器的滑片应向左移，增大滑动变阻器阻值分去多余的0.2V电压；同时观察电压表到示数为2.5V为

止；

（4））由图5可知，小灯泡2.5V时的电流，I=0.25A，P=UI=2.5V×0.25A=0.625w，

小灯泡电阻受温度影响较大，故随电压增大而增大；

（5）伸出右手，大拇指指向电流的方向，四指的方向为磁场的方向，故图7导体正下方磁场方向向外，即小磁针静止时N极的指向为纸外；图8中磁场方向垂直纸面向内．

故答案为（1）调零；（2）如下图

（3）左、电压表示数；（4）使电压表示数为2.5V、0.625、增大；（5）纸外；纸内．

7．点睛：难点是最后一问，要理解此种没有电流表测量电功率的原理，此方法利用了等效的原理，即灯和R1分别与R2串联，使电压表的示数都为灯的额定电压，此时电阻R1与灯是等效的，即R1此时的电阻等于灯正常发光时的电阻，后面的步骤再灵活运用欧姆定律得出R1的表达式，最后得出灯泡额定功率的表达式。某校两个实验小组在测定小灯泡电功率的实验中，被测小灯泡的额定电压为2.5V．实验桌上提供有如下器材：电源（电压6V且恒定不变）、电流表、电压表、开关、滑动变阻器（50Ω 1A）各一只，导线若干．

（1）晓丽同学所在实验小组按照如图甲所示的电路进行实验．

①用笔画线代替导线，将如图甲所示的实物电路连接完整．

②连接电路时，开关应该．

③ 闭合开关，移动变阻器的滑片P的过程中，观察到电流表示数几乎接近最大值时，小灯泡仍然不亮，且电压表无示数，其原因可能是．

④ 排除故障后，闭合开关，移动滑片P至电压表的示数如图乙所示，其读数为 V．要使小灯泡正常发光，滑片P应向（选填“A”或“B”）端移动．

⑤ 多次改变滑片P的位置，获得多组对应的电压、电流值，并绘制出如图丙所示的图像．由图像，小灯泡的额定功率是 W．

（2）晓丽同学所在的实验小组的滑动变阻器已损坏（其它器材和规格不变），老师提供了另一只滑动变阻器（10Ω 1A），小组同学讨论后发现，若要继续用已连接完整的图甲所示电路来测出小灯泡的额定电功率．至少还要在原电路中联（选填“串”或“并”）一个Ω的电阻．

【答案】（1）1如图所示

②断开③灯泡短路④1.1 A ⑤0.5．（2）串 7.5

【解析】

试题分析：（1）①在连接电路时，电压表与所测用电器并联，其电路连接如图所示；②为避免电路在连接过程中发生短路，故电路在连接过程中开关应处于断开状态；③小灯泡不亮的原因是：灯泡短路、断路或实际功率太小，由题意知，电流表示数几乎接近最大值，电压表无示数，故发生故障的原因是灯泡短路；④由图乙知电压表的示数为1.1V，小于灯泡的额定电压2.5V，应使滑动变阻器接入电路中的电阻变小，故应向A端移动；⑤由图丙知小灯泡正常发光时通过的电流为0.2A，则小灯泡的额定功率为P额

=2.5V×0.2A=0.5W．（2）接入电阻R x后，由题意知R x、R p=10Ω与小灯泡串联，电源电压U=6V，灯泡正常发光时通过的电流I=0.2A，电阻R L=2.5V/0.2A=12.5Ω，则电路中的总电阻R=U/I=6V/0.2A=30Ω，R x=R－R L－R p=30Ω－12.5Ω－10Ω=7.5Ω

考点：伏安法测量小灯泡的电功率实验过程

8．重点是测量小灯泡电功率的实验，注意滑动变阻器使用应一上一下接入电路，且闭合开关前应调整到阻值最大端，电流表读数时，看清楚所用量程，搞清楚分度值，再进行读数。最后一问，一定要注意灯丝的电阻会随温度而变化，通常金属电阻随温度的升高而增大，故电流与电压不成正比。在“测定小灯泡的电功率”的实验中，选用如图甲所示的器材，其中电源电压为6V，小灯泡的额定电压为2.5V（灯丝电阻约为12Ω）。

⑴为了能够顺利完成实验探究，下列两种规格的滑动变阻器应选用___________

A．“10Ω 0.5A”的滑动变阻器 B．“50Ω 0.5A”的滑动变阻器

⑵用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整__________。

⑶闭合开关前，应将图甲中所示的滑动变阻器的滑片滑到 ____________（选填“A”或

“B”）端。

⑷闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，若电路只有一处故障，则故障原因是_____________。

⑸排除故障后，闭合开关，移动滑片，电压表的示数如图乙所示，其读数是______V；为了测量小灯泡的额定功率，应将滑动变阻器的滑片向______（选填“A”或“B”）端移动。

⑹根据实验测得的数据，绘制出小灯泡的电流随它两端电压变化的关系图像（如图丙所示）。分析图像可知：

① 小灯泡的额定功率为______________W。

② 小灯泡灯丝电阻是变化的，主要是受____________变化的影响。

③ 实验中观察到：当小灯泡两端的电压低于0.5V时，小灯泡不发光，根据图像分析其原因是____________。

⑺完成上述实验后，小华在缺少电压表的情况下，根据绘制出的小灯泡电流与电压关系图像，设计出了一个测未知定值电阻的电路，如图丁所示。请根据电路图写出其中一次测量的实验步骤：

① ________________________________

② ________________________________

表达式：Rx＝___________________

【答案】B A 小灯泡断路 2.2 B 0.625 温度小灯泡实际功率过小开关S1闭合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片至电流表的示数为0.25A 或0.2A

或0.1A 开关S1断开，S2闭合，保持滑片位置不变，记录电流表的示数为I R X＝

或R X＝或R X＝

【解析】

试题分析：（1）当灯泡正常发光时，电流为I=U/R=2.5V/12Ω=0.2A，此时滑动变阻器分压为6V-2.5V=3.5V，滑动变阻器此时的电阻为3.5V/0.2A=17.5Ω，所以应选滑动变阻器B；（2）由于电流最大为0.2A，所以电流表的量程应接在0.6A的接线柱上，连线如上图所示；（3）闭合开关前，滑动变阻器的阻值应处于最大值位置，根据连线可知，滑片应处于A端；（4）发现小灯泡始终不发光，电压表有示数，电流表无示数，这样的故障是出在了与电压表并联的部分断路了，所以应是小灯泡断路；（5）由图示可知，电压表的读数为2.2V，小于小灯泡的额定电压，所以应增大电流，减小电阻，把滑片向B端移动，才能使电压表示数达到额定电压；（6）①由图示可知，当电压等于额定电压2.5V时，额定电流为0.25A，所以小灯泡的额定功率为P=UI=2.5V×0.25A=0.625W；②由图示可以看出电阻值是变化的，主要是由于温度的影响所致；③小灯泡的电压越低，电流越小，实际功率越小，灯泡的亮度是由实际功率决定的，当实际太小时，灯泡就不发光了；⑺ ①开关S1闭

合，S2断开，调节滑动变阻器的滑片至电流表的示数为0.25A 或0.2A 或0.1A ；②开关S1断开，S2闭合，保持滑片位置不变，记录电流表的示数为I 表达式：R X＝2.5V/(I-0.25A）或R X＝1.5V/(I-0.2A)或R X＝0.5V/(I-0.1A)

9．【考点定位】电功率与电阻的关系在一次测量小灯泡额定功率的实验中，所用电源由两节新干电池串联组成，小灯泡上标有“2．5V”字样（小灯泡额定功率约为0．6W）．聪明而粗心的小刚连接了如图甲所示的电路．

（1）同组的小明发现电路连接有错，如果闭合图甲所示电路的开关，电压表的示数约为V，电流表的示数约为 A，小灯泡的发光情况为（选填“正常发光”、“亮度较暗”或“不发光”）．

（2）小明主张拆了以后重新连接，可是时间来不及了，小刚眼珠一转，在图甲电路中只改变了某根导线一端的接点位置，电路就能测量小灯泡额定功率．请在图甲中画出小刚改动的那条导线．

（3）待改接好电路后，在实验时，调节滑动变阻器的滑片，使小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图乙所示，则小灯泡的额定功率为 W．

（4）小明同学继续移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的I﹣U关系图象，根据图象可知：小灯泡的实际功率随实际电压的增大而（选填“增大”、“减小”或“不变”）．

（5）有的同学认为“把小灯泡换成定值电阻，该实验可以用来探究导体中的电流与电压的关系”，你认为这种说法．

【答案】（1）3．0； 0；不发光；（2）如下图所示；（3）0．5；（4）增大；（5）正确

【解析】

试题分析：（1）由图示可知，电流表与灯并联，电流表将灯短路，灯不亮；电压表与变阻器、电流表串联在电路中，因电压表内阻很大，根据欧姆定律，电路中电流几乎为0，即电流表示数为0，根据分压原理，电压表示数接近电源电压为2×1．5V=3V；（2）连接灯的右接线柱与变阻器金属杆左端的连线错误，所以将连接变阻器金属杆左端的线改接在电压表的左接线柱即可实现电压表与灯并联，电流表串联在电路中的目的；（3）根据图丙

知，灯额定电压2．5V对应的电流为0．2A，灯的额定功率P额=U额

I=2．5V×0．2A=0．5W；（4）根据图丙知，通过灯的电流随灯两端的电压的增大而增大，根据P=UI，灯的电功率也随电压的增大而增大；（5）探究导体中的电流与电压的关系时，应控制导体的电阻不变，将灯换成定值电阻，这个条件即可实现，所以，可以用来探究导体中的电流与电压的关系，说法正确。

10．在测定“小灯泡电功率”的实验中，小明所在的实验小组用的电源电压为 4. 5V，小灯泡的额定电压为2. 5V、电阻约为10Ω。可供选用的滑动变阻器R1和R2的最大阻值分别为10Ω、50Ω，他们所设计的实验电路如图A所示。

(1)在连接电路时，应该选用的滑动变阻器是（选填“R1”或“R2”）；

(2)移动滑片P到某一点时，电压表示数如图B所示，若他想测量小灯泡的额定功率，滑片应向（选填“C”或“D”）端移动，使电压表的示数为2. 5V；

(3)小丽同学移动滑片P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图C所示的图像，根据图像信息，可计算出小灯泡的额定功率是 W；

(4)若考虑电表的电阻对测量的影响，则电功率的测量结果与真实值相比偏____（选填“大”或“小”），其原因是。【答案】（1）R2（2）C （3）0.5W （4）大电流表测量的电流值大于灯泡的额定电流值

【解析】

试题分析：(1)滑动变阻器与灯泡是串联，起到保护电路，改变灯泡两端的电压，使小灯泡在额定电压下时的电功率，灯泡电压为 2.5V，电源电压为 4.5V，滑动变阻器电阻不能选10Ω，这与灯泡电阻相同，当灯泡平分电源电压，使小灯泡达不到额定电压因此滑动变阻器选R2；

(2)电压表示数如图B所示电压为2V，达不到灯泡电压，若他想测量小灯泡的额定功率，

应该减小滑动变阻器的阻值，使滑片应向C端移动，使电压表的示数为2. 5V；

(3)小灯泡的额定功率是P=UI=2.5V×0.2A=0.5W；

(4)若考虑电表的电阻对测量的影响，则电功率的测量结果与真实值相比偏大，其原因是电流表测量电压表和灯泡的并联电流值，大于灯泡的额定电流值，使测量结果大于真实值。