学案与评测理数北师大版(课件)第7单元 立体几何 第五节
立体几何数学理科北师版已核ppt课件

第七单元 │ 考纲要求
2.点、直线、平面之间的位置关系 (1)理解空间直线、平面位置关系的定义,并了解如下可 以作为推理依据的公理和定理: 公理1:如果一条直线上的两点在一个平面内,那么这条 直线上所有的点都在此平面内. 公理2:过不在同一条直线上的三点,有且只有一个平 面. 公理3:如果两个不重合的平面有一个公共点,那么它们 有且只有一条过该点的公共直线. 公理4:平行于同一条直线的两条直线互相平行. 定理:空间中如果一个角的两边与另一个角的两边分别平 行,那么这两个角相等或互补.
其他各面是矩形的几何体是六棱柱;②有一个面是多边形,其 余各面都是三角形的几何体一定是棱锥;③有两个面互相平行, 其余各面都是梯形的几何体一定是棱台;④棱锥的侧面是全等 的等腰三角形,该棱锥一定是正棱锥.
其中正确命题的个数是( ) A.0 B.1 C.2 D.3
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第36讲 │ 要点探究
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第七单元 │ 使用建议
(2)注重提高空间想象能力.在复习过程中,要注重将 文字语言转化为图形,明确已知元素之间的位置关系及度量 关系;借助图形来反映并思考未知的空间形状与位置关系; 能从复杂图形中分析出基本图形和位置关系,并借助直观感 觉展开联想与猜想,进行推理与计算.
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第37讲 空间几何体的
第第3473讲讲量││ 要 要点点法探探究究两种方法求解.
第43讲 │ 要点探究 第37讲 │ 知识梳理 第43讲 │ 知识梳理
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第七单元 │ 命题趋势
预测2012年新课标高考,对立体几何考查的知识点及试 题的难度,会继续保持稳定,着重考查空间点、线、面的位 置关系的判断及几何体的表面积与体积的计算,应用空间向 量处理空间角与空间距离;而三视图作为新课标的新增内容, 主要形式是在三视图为载体的试题中融入简单几何体的表面 积与体积的计算,也可能会出现在解答题中与其他知识点交 汇与综合.
2014高考数学(理)(北师大版)复习方案第七单元立体几何(共8讲,442张ppt)

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第37讲 空间几何体的结构特征及三视图和直观图
双
向
—— 疑 难 辨 析 ——
固
基 础
1.棱柱、棱锥、棱台的结构特征
(1)有两个面平行,其余各面都是四边形的几何体叫
棱柱.( )
(2)有两个面平行,其余各面都是平行四边形的几何
2.能画出简单空间图形(长方体、球、圆柱、圆锥、 棱柱等的简易组合)的三视图,能识别上述三视图所表示 的立体模型,会用斜二测法画出它们的直观图.
3.会画简单空间图形的三视图与直观图,了解空间 图形的不同表示形式.
4.会画某些建筑物的视图与直观图(在不影响图形特 征的基础上,尺寸、线条等不作严格要求).
[答案] (1)× (2)× (3)√ (4)× (5)√
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第37讲 空间几何体的结构特征及三视图和直观图
双
向 固
[解析] (1)因为这条边若是直角三角形的斜边,则得
基 不到圆锥.
础
(2)这条腰必须是垂直于两底的腰.
(3)圆柱、圆锥、圆台的底面都是圆是显然成立的.
(4)必须用平行于圆锥底面的平面截圆锥才行.
1,1,1,1, 2和 a,且长为 a 的棱与长为 2的棱异面,
则 a 的取值范围是( )
A.(0, 2) B.(0, 3)
C.(1, 2) D.(1, 3)
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第37讲 空间几何体的结构特征及三视图和直观图
[思考流程] (1)分析:需要根据截面面积比与棱长之
比的关系;推理:面积的比等于对应的棱长之比的平方;
(5)只有球满足任意截面都是圆面.
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第37讲 空间几何体的结构特征及三视图和直观图
立体几何初步课件 北师大版课件

[规范解答] 设 AB=a,PA=b,建立如图所示的空间直 角坐标系,则 A(0,0,0),B(a,0,0),P(0,0,b),C(2a,2a,0),D(0,2a,0), Ea,a,b2.
(1)B→E=0,a,b2,A→D=(0,2a,0),A→P=(0,0,b), 所以B→E=12A→D+12A→P, BE 平面 PAD,∴BE∥平面 PAD.
又 EC⊥面 ABCD,
∴NP⊥面 ABCD,∴NP⊥AP.
在 Rt△APN 中,可求得 AN2=AP2+NP2=141,
∴在△AMN 中,由余弦定理求得 cos∠AMN=- 36,
∴二面角
A—BF-E
的余弦值为-
6 3.
关于球及球与简单几何体的组合体问题 球的问题一直是高考中的热点问题,主要考查球的性质、 表面积、体积及与其他几何体的组合体问题,从中可以考查空 间想象能力、计算能力,解答时要充分发挥截面的作用(组合 体中一般是过球心的截面),注意球半径 R、截面圆半径 r 和 球心到截面的距离 d 之间的关系.
(2)∵H 是 B1C1 的中点,∴B1H=32. 又 B1G=1,∴BB11GH=23. 又FBCC=23,且∠FCB=∠GB1H=90°, ∴△B1HG∽△CBF,∴∠B1GH=∠CFB=∠FBG, ∴HG∥FB.又由(1)知 A1G∥BE, 且 HG∩A1G=G,FB∩BE=B, ∴平面 A1GH∥平面 BED1F.
请仔细阅读“正三角形内任意一点到三边距离之 和为定值”的证法.
如图甲所示,∵S△PAB+S△PAC+S△PBC=S△ABC, ∴12AB·PD+12AC·PF+12BC·PE =12BC·AK, ∵AB=BC=AC, ∴12BC·(PD+PF+PE)=12BC·AK, ∴PD+PF+PE=AK(定值), ∴正三角形内任意一点到三边距离之和为定值.
北师版高中数学必修第二册精品课件 复习课 第5课时 立体几何初步

直,那么该直线与此平面垂直.
12.直线与平面平行以及两平面平行的性质定理是什么?
提示:直线和平面平行的性质定理:一条直线与一个平面平行,
如果过该直线的平面与此平面相交,那么该直线与交线平行.
两个平面平行的性质定理:两个平面平行,如果另一个平面与
高).特别地,底面半径是r,高是h的圆柱体的体积V圆柱=πr2h.
(2)锥体的体积 V 锥体=Sh(其中 S 为锥体的底面面积,h 为高).
特别地,底面半径是 r,高是 h 的圆锥的体积 V 圆锥=πr2h.
(3)台体的体积 V 台体= (S 上+S 下+ 上 ·下 )h(其中 S 上,S 下分别是台体
专题三 空间角问题
【例3】 如图5-5,三棱柱ABC-A1B1C1的
底面ABC是等腰直角三角形,AB=AC=1,
侧棱AA1⊥底面ABC,且AA1=2,E是BC的
中点.
(1)求异面直线AE与A1C所成角的余弦值;
(2)求直线A1C与平面BCC1B1所成角的正
切值.
图5-5
解:(1)如答图5-4,在三棱柱ABC-A1B1C1中,取C1B1的中点H,
提示:直线a与平面α的位置关系有平行、相交、在平面内,其
中平行与相交统称直线在平面外.
9.如何判定直线与平面平行?
提示:直线和平面平行的判定
(1)定义:直线和平面没有公共点,则称直线与平面平行;
(2)判定定理:如果平面外一条直线与此平面内的一条直线平
行,那么该直线与此平面平行.
(3)其他判定方法:α∥β,a⊂α⇒a∥β.
提示:按照斜二测画法得到的平面图形的直观图,
学案与评测理数北师大版(课件)第7单元 立体几何 第六节

(a1+b1,a2+b2,a3+b3) ; a-b= (a1-b1,a2-b2,a3-b3) ;
λa=(λa1,λa2,λa3),λ∈R; a· b=
a1b1+a2b2+a3b3
;
a∥b(a≠0)⇔b=λa(λ∈R)⇔b1=λa1,b2=λa2,b3=λa3(λ∈R); a⊥b⇔a· b=0⇔
a1b1+a2b2+a3b3=0 ;
4. 空间向量基本定理 如果三个向量 a,b,c 不共面,那么对空间任一向量 p,存在有序实数组(x,y,z),使 p=xa +yb+zc. 推论:设 O、A、B、C 是不共面的四点,则对这空间任一点 P,都存在唯一的有序实数组(x, → =xOA → +yOB → +zOC →. y,z),使OP 5. 空间向量的坐标运算 设 a=(a1,a2,a3),b=(b1,b2,b3),则有 a+b=
2 2 |a|= a· a = a2 1+a2+aபைடு நூலகம்;
cos〈a,b〉= 6. 距离公式
a1b1+a2b2+a3b3 a· b = 2 2 2 2 2. |a||b| a1+a2 +a2 3· b1+b2+b3
设 A(x1,y1,z1),B(x2,y2,z2),则 dAB= x1-x22+y1-y22+z1-z22.
解 (1)∵P 是 C1D1 的中点, 1→ 1 → =AA → +A→ → → 1 → ∴AP 1 1D1+D1P=a+AD+ D1C1=a+c+ AB=a+c+ b. 2 2 2 (2)∵N 是 BC 的中点, 1→ 1→ 1 → → → → ∴A 1N=A1A+AB+BN=-a+b+ BC=-a+b+ AD=-a+b+ c. 2 2 2 (3)∵M 是 AA1 的中点, 1 1 1 1 → =MA → +AP → =1A → → ∴MP 1A+AP=- a+a+c+2b= a+ b+c. 2 2 2 2 → =NC → +CC → =1BC → +AA → =1AD → +AA → =1c+a, 又NC 1 1 1 1 2 2 2 1 1 1 → +NC → = 2a+2b+c+2c+a ∴MP 1 3 1 3 =2a+2b+2c.
学案与评测理数北师大版(课件)第2单元 函数、导数及其应用 第五节

答案:y1>y3>y2
考点一
指数运算性质的应用
1 70 4 3 【例 1】 (1)计算 1.5- × -6 +80.25× 2+( 2× 3)6- 3 4 1 a -8a b 3 3 3 b 3 (2)化简 ÷ 1-2· × a. a 2 2 3 a +2 ab+4b 3 3
解析:由题意得0<a-1<1,所以1<a<2.
答案:B
3. 如果函数y=ax(a>0,a≠1)的图像与函数y=bx(b>0,b≠1)的图像关于 y轴 对称,则有( )
A. a>b B. a<b C. ab=1 D. a=-b
1 解析:函数 y=ax 与 y=ax 的图象关于 y 轴对称,故 ab=1.
答案:C
4. (2010· 衡水质检)下列结论中正确的个数是( 3 ①当 a<0 时,(a2) =a3; 2 ② an=|a|; n
)
1 ③函数 y=(x-2) -(3x-7)0 的定义域是[2,+∞); 2 ④若 100a=5,10b=2,则 2a+b=1. A. 0 B. 1 C. 2 D. 3
(a≠0,n∈N*).
2. 整数指数幂的运算性质: m+n (1)am·an= a (m,n∈Q);
mn (2)(am)n= a
(m,n∈Q);
(3)= am-n (m,n∈Q,a≠0);
n n (4)(ab)n= a b
(n∈Q).
3. 分数指数幂 一般地,如果 xn=a,那么 x 叫做 n a 当 n 是奇数时, an=
+
答案:B
5. 设 y1=4 ,y2=8
0.9
0.48
立体几何初步 PPT课件 (44份) 北师大版7

1.判一判(正确的打“√”,错误的打“×”) (1)若平面α ∥平面β ,m Ü α ,n Ü β ,则m∥n.( ) (2)若平面α ,β 平行,γ ∩α =a,γ ∩β =b.在β 中除了b 之外还有无数条直线平行于直线a.( ) (3)平面α ,β ,γ 满足γ ∩β =a,γ ∩α =b,则a∥b.( )
【变式训练】如图,在四棱柱ABCD-A1B1C1D1中,底面ABCD为等 腰梯形,AB∥CD,AB=2CD,E,E1分别是棱AD,AA1上的点.设F 是棱AB的中点,证明:直线EE1∥平面FCC1.
【解题指南】根据平面与平面平行的性质,要证明直线EE1∥ 平面FCC1,可以转化为证明直线EE1所在的平面与平面FCC1平行.
【微思考】 (1)在平面与平面平行的条件中,若去掉条件α ∥β ,结论是 否成立? 提示:当去掉条件α∥β时,结论不一定成立,直线a,b可能 重合、平行或相交. (2)如果两个平面平行,那么一个平面内的直线与另一个平面 内的直线有什么位置关系? 提示:这两个平面内的直线之间的位置关系是平行或异面.
【解析】(1)错误.因为m Ü α,n Ü β,α∥β,所以m与n 一定无公共点,因此m与n平行或异面. (2)正确.由面面平行的性质知a∥b,在β中与b平行的直线 有无数条,均与a平行. (3)错误.当β∥α时,由面面平行的性质定理知a∥b,当β 与α相交时,a与b相交或平行. 答案:(1)× (2)√ (3)×
【补偿训练】如图,矩形ABCD和梯形BEFC有公共边BC,BE∥CF, 求证:AE∥平面DCF.
【证明】因为ABCD是矩形, 所以AB∥CD. 又AB⊈平面DCF,CD Ü 平面DCF. 所以AB∥平面DCF. 同理,BE∥平面DCF. 因为AB∩BE=B, 所以平面ABE∥平面DCF. 又因为AE Ü 平面ABE, 所以AE∥平面DCF.
(北师大版)高考数学第7章立体几何第5讲简单几何体的再认识(表面积与体积)7

第5讲 简单几何体的再认识(外表积与体积)1.(2021·陕西省质量检测)一个几何体的三视图如下图 ,那么该几何体的体积是( ) A .3 B .2 C.43 D.23解析:选D.由三视图可得该几何体是三棱锥 ,高为2 ,底面是直角边长分别为1和2的直角三角形 ,所以其体积为V =13×2×⎝ ⎛⎭⎪⎫12×2×1=23.2.如下图 ,三棱柱ABC A 1B 1C 1的所有棱长均为1 ,且AA 1⊥底面ABC ,那么三棱锥B 1ABC 1的体积为( )A.312B.34C.612 D.64解析:选A.三棱锥B 1ABC 1的体积等于三棱锥A B 1BC 1的体积 ,三棱锥A B 1BC 1的高为32,底面积为12 ,故其体积为13×12×32=312.3.(2021·合肥模拟)某空间几何体的三视图如下图 ,那么该几何体的外表积为( )A .12+4 2B .18+8 2C .28D .20+8 2解析:选D .由三视图可知该几何体是底面为等腰直角三角形的直三棱柱 ,如图.那么该几何体的外表积为S =2×12×2×2+4×2×2+22×4=20+8 2 ,应选D.4.(2021·(高|考)重庆卷改编)某几何体的三视图如下图 ,那么该几何体的体积为( )A.13+πB.23+π C.13+2π D.23+2π 解析:选A.由三视图可知该几何体是由一个半圆柱和一个三棱锥组成的.由图中数据可得三棱锥的体积V 1=13×12×2×1×1=13 ,半圆柱的体积V 2=12×π×12×2=π ,所以V =13+π. 5.(2021·许昌、新乡、平顶山三市联考)某几何体的三视图如下图 ,那么该几何体的体积为( ) A.8π3 B .3π C.10π3D .6π解析:选B.根据几何体的三视图可知该几何体为一个平面截去圆柱上半局部的一半后剩下的局部 ,所求几何体的体积为V =π×12×2+12π×12×2=3π.6.(2021·郑州质量预测)如下图是一个几何体的三视图 ,那么这个几何体外接球的外表积为( )A .8πB .16πC .32πD .64π解析:选 C.由题可得该几何体是一个以主视图为底面的三棱柱 ,如下图(图中的三棱柱截去一局部所剩几何体) ,对应主视图是边长为4的正方形 ,对应的四棱锥的高为2 ,可知主视图中正方形的中|心即为其外接球的球心 ,那么R =2 2 ,那么其外接球外表积为S =4πR 2=32π.7.一个六棱柱的底面是正六边形 ,其侧棱垂直于底面 ,且该六棱柱的体积为98,底面周长为3 ,那么棱柱的高h =________.解析:因为底面周长为3 ,所以正六边形的边长为12 ,那么正六边形的面积为338.又因为六棱柱的体积为98 ,即338h =98,所以h = 3.答案: 38.(2021·(高|考)天津卷改编)一个几何体的三视图如下图(单位:m) ,那么该几何体的体积为________m 3.解析:由几何体的三视图可知该几何体由两个圆锥和一个圆柱构成 ,其中圆锥的底面半径和高均为1 ,圆柱的底面半径为1且其高为2 ,故所求几何体的体积为 V =13π×12×1×2+π×12×2=83π. 答案:83π9.如图 ,在三棱柱A 1B 1C 1ABC 中 ,D ,E ,F 分别是AB ,AC ,AA 1的中点.设三棱锥F ADE 的体积为V 1 ,三棱柱A 1B 1C 1ABC 的体积为V 2 ,那么V 1∶V 2=________. 解析:设三棱柱的底面ABC 的面积为S ,高为h ,那么其体积为V 2=Sh .因为D ,E 分别为AB ,AC的中点 ,所以△ADE 的面积等于14S .又因为F 为AA 1的中点 ,所以三棱锥F ADE 的高等于12h ,于是三棱锥F ADE 的体积V 1=13×14S ·12h =124Sh =124V 2 ,故V 1∶V 2=1∶24.答案:1∶2410.(2021·太原模拟)在直角梯形ABCD 中 ,AB ⊥AD ,CD ⊥AD ,AB =2AD =2CD =2 ,将直角梯形ABCD 沿AC 折叠成三棱锥D ABC ,当三棱锥D ABC 的体积取最|大值时 ,其外接球的体积为______. 解析:作出直角梯形ABCD 如下图 ,过C 作CE ⊥AB 于E ,那么CD =AD =1 ,AC = 2 ,故CE =EB=1 ,故CB = 2 ,故AC 2+BC 2=AB 2=4 ,即∠BCA =90°;可知 ,当平面ADC ⊥平面ABC 时 ,三棱锥D ABC 的体积最|大 ,即为三棱锥B ADC 的体积最|大 ,此时 ,将三棱锥B ADC 补成长方体 ,可知该长方体的长、宽、高分别为1 ,1 , 2 ,故外接球的半径R =1+1+22=1 ,故其外接球体积V =43πR 3=43π.答案:43π11.如图 ,在四边形ABCD 中 ,∠DAB =90° ,∠ADC =135° ,AB =5 ,CD =2 2 ,AD =2 ,求四边形ABCD 绕AD 旋转一周所成几何体的外表积及体积.解:由得:CE =2 ,DE =2 ,CB =5 ,S 外表=S 圆台侧+S 圆台下底+S 圆锥侧=π(2+5)×5+π×25+π×2×22=(60+42)π ,V =V 圆台-V 圆锥=13(π·22+π·52+22·52π2)×4-13π×22×2=1483π.12.一个几何体的三视图如下图.正(主)视图是底边长为1的平行四边形 ,侧(左)视图是一个长为3、宽为1的矩形 ,俯视图为两个边长为1的正方形拼成的矩形. (1)求该几何体的体积V ; (2)求该几何体的外表积S .解:(1)由三视图可知 ,该几何体是一个平行六面体(如图) ,其底面是边长为1的正方形 ,高为 3.所以V =1×1×3= 3.(2)由三视图可知 ,该平行六面体中 ,A 1D ⊥平面ABCD ,CD ⊥平面BCC 1B 1 ,所以AA 1=2 ,侧面ABB 1A 1 ,CDD 1C 1均为矩形 ,故S =2×(1×1+1×3+1×2)=6+2 3.1.(2021·(高|考)全国卷Ⅱ)A ,B 是球O 的球面上两点 ,∠AOB =90° ,C 为该球面上的动点.假设三棱锥O ABC 体积的最|大值为36 ,那么球O 的外表积为( ) A .36π B .64π C .144π D .256π 解析:选C.如图 ,设球的半径为R ,因为 ∠AOB =90° ,所以S △AOB =12R 2.因为 V O ABC =V C AOB ,而△AOB 面积为定值 ,所以当点C 到平面AOB 的距离最|大时 ,V O ABC 最|大 ,所以当C 为与球的大圆面AOB 垂直的直径的端点时 ,体积V O ABC 最|大为13×12R 2×R =36 ,所以R =6 ,所以球O 的外表积为4πR 2=4π×62=144π.应选C. 2.(2021·石家庄质检)某几何体的三视图如图 ,假设该几何体的所有顶点都在一个球面上 ,那么该球的外表积为______. 解析:由三视图知 ,该几何体为一个横放着的三棱柱 ,其底面是边长为2的正三角形 ,侧棱长为2 ,三棱柱两底面的中|心连线的中点与三棱柱的顶点的连线就是外接球的半径 ,设其为r ,那么r =⎝ ⎛⎭⎪⎫2332+12=73 ,那么球的外表积为S =4πr 2=4π·⎝⎛⎭⎪⎫ 732=28π3.答案:28π33.一几何体按比例绘制的三视图如下图(单位:m): (1)试画出它的直观图; (2)求它的外表积和体积. 解:(1)直观图如下图.(2)由三视图可知该几何体是长方体被截去一个三棱柱 ,且该几何体的体积是以A 1A ,A 1D 1 ,A 1B 1为棱的长方体的体积的34,在直角梯形AA 1B 1B 中 ,作BE ⊥A 1B 1于E , 那么四边形AA 1EB 是正方形 , AA 1=BE =1 ,在Rt △BEB 1中 ,BE =1 ,EB 1=1 , 所以BB 1= 2 ,所以几何体的外表积S =S 正方形ABCD +S 矩形A 1B 1C 1D 1+2S 梯形AA 1B 1B +S 矩形BB 1C 1C +S 正方形AA 1D 1D=1+2×1+2×12×(1+2)×1+1×2+1=(7+2)(m 2).几何体的体积V =34×1×2×1=32(m 3).所以该几何体的外表积为(7+2)m 2,体积为32m 3.4.如图1 ,在直角梯形ABCD 中 ,∠ADC =90° ,CD ∥AB ,AB =4 ,AD =CD =2 ,将△ADC 沿AC 折起 ,使平面ADC ⊥平面ABC ,得到几何体D ABC ,如图2所示.(1)求证:BC ⊥平面ACD ; (2)求几何体D ABC 的体积. 解:(1)证明:在题图1中 ,可得AC =BC =2 2 ,从而AC 2+BC 2=AB 2, 故AC ⊥BC ,取AC 的中点O ,连接DO , 那么DO ⊥AC ,又平面ADC ⊥平面ABC ,平面ADC ∩平面ABC =AC , DO 平面ADC , 从而DO ⊥平面ABC , 所以DO ⊥BC ,又AC ⊥BC ,AC ∩DO =O ,所以BC ⊥平面ACD .(2)由(1)可知 ,BC 为三棱锥B ACD 的高 ,BC =2 2 ,S △ACD =2.所以V D ABC =V B ACD =13S △ACD ·BC=13×2×2 2 =423.。
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【考点升华】 1. 证明直线和平面垂直的常用方法有: (1)利用判定定理. (2)利用平行线垂直于平面的传递性(a∥b,a⊥α⇒b⊥α). (3)利用面面平行的性质(a⊥α,α∥β⇒a⊥β). (4)利用面面垂直的性质. 2. 当直线和平面垂直时,该直线垂直于平面内的任一直线,常用来证明线 线垂直.
解析: 当PA=PB=PC时,OA=OB=OC,∴O为外心. 当PA、PB、PC两两垂直时, AO⊥BC,BO⊥AC,CO⊥AB. ∴O为垂心. 答案:外 垂
考点一
直线与直线垂直的判定
【例 1】 如图, α∩β = CD , EA⊥α ,垂足为 A , EB⊥β ,垂足为 B ,求证: CD⊥AB.
考点三
平面与平面垂直ห้องสมุดไป่ตู้判定与性质
【例3】 如图所示,△ABC为等边三角形,EC⊥平面ABC,BD∥CE,且CE =CA=2BD,M是EA的中点.求证: (1)DE=DA; (2)平面BDM⊥平面ECA;
1. (教材改编题)下列条件中,能判定直线l⊥平面α的是( ) A. l与平面α内的两条直线垂直 B. l与平面α内无数条直线垂直 C. l与平面α内的某一条直线垂直 D. l与平面α内任意一条直线垂直 解析:由直线与平面垂直的定义,可知D正确. 答案:D 2. (2010·宣武模拟)已知a,b为不同的直线,α,β,γ为不同的平面, ① a⊥α , b⊥α ,则 a∥b ;② a⊥α , b⊥β , a∥b ,则 α∥β ;③ γ⊥α , γ⊥β ,则 α∥β;④a⊥α,α⊥β,则a∥β. 以上结论正确的是( ) A. ①② B. ①④ C. ③④ D. ②③ 解析:易知①②正确;③中,α、β可能相交;④中,可能有a⊂β. 答案:A
第五节
垂直关系的判定和性质
1. 以立体几何的定义、公理和定理为出发点,认识和理解空间中线面垂直的有 关性质与判定定理.
2. 能运用公理、定理和已获得的结论证明一些空间图形的垂直关系的简单命 题.
1. 直线与平面垂直 (1)直线与平面垂直的定义 任意一条直线 都垂直,那么就称这条直线和这 如果一条直线和一个平面内的_____________ 个平面垂直. (2)直线与平面垂直的判定定理 如果一条直线与一个平面内的___________ 两条相交直线 都垂直,则该直线与此平面垂直. (3)直线与平面垂直的性质定理 平行 . 垂直于同一个平面的两条直线____
解析:当a∥l,b∥l时,a∥b.假设a⊥b,如图,过a上一点作c⊥l,则c⊥β.
∴b⊥c.又b⊥a,∴b⊥α,∴b⊥l,与已知矛盾.
答案:B
5. 三棱锥P-ABC的顶点P在底面的射影为O,若PA=PB=PC,则点O为△ABC的
________心,若PA、PB、PC两两垂直,则O为△ABC的________心.
3. (2011·苏北四市联考)设m,n是两条不同的直线,α,β,γ是三个不同的平面, 给出下列命题:
①若m⊂β,α⊥β,则m⊥α;
②若m∥α,m⊥β,则α⊥β; ③若α⊥β,α⊥γ,则β⊥γ; ④若α∩γ=m,β∩γ=n,m∥n,则α∥β. 其中真命题的序号是________. 答案:② 4. 设平面α⊥β,α∩β=l,直线a⊂α,直线b⊂β,且a不与l垂直,b不与l垂直,则a 与b( ) A. 可能垂直,不可能平行 C. 可能垂直,也可能平行 B. 可能平行,不可能垂直 D. 不可能垂直,也不可能平行
证明 ∵α∩β=CD,∴CD⊂α,CD⊂β. 又∵EA⊥α,CD⊂α, ∴EA⊥CD,同理EB⊥CD. ∵EA⊥CD,EB⊥CD,EA∩EB=E,∴CD⊥平面EAB. ∵AB⊂平面EAB,∴AB⊥CD.
【考点升华】 证明空间中两直线互相垂直,通常先观察两直线是否共面.若两直线共面,则一般 用平面几何知识即可证出,如勾股定理、等腰三角形的性质等.若两直线异面,则转 化为线面垂直进行证明. 考点二 直线与平面垂直的判定与性质 【例2】 如图,P为△ABC所在平面外一点,PA⊥平面ABC,∠ABC=90°, AE⊥PB于E,AF⊥PC于F.求证: (1)BC⊥平面PAB; (2)AE⊥平面PBC;
(3)PC⊥平面AEF.
证明 1PA⊥平面ABC⇒PA⊥BC AB⊥BC PA∩AB=A AE⊥PB
⇒BC⊥平面 PAB.
2AE⊂平面PAB,由1知AE⊥BC
⇒AE⊥平面 PBC. PB∩BC=B ⇒PC⊥平面 AEF. AE∩AF=A
3PC⊂平面PBC,由2知PC⊥AE PC⊥AF
变式2-1
如图,已知PA垂直于矩形ABCD所在的平面,M、N分别是AB、PC的中点,若 ∠PDA=45°,求证:MN⊥平面PCD.
证明:如图,取 PD 的中点 E,连接 AE,NE. 1 ∵E、N 分别为 PD、PC 的中点,∴EN 綊 CD. 2 1 又∵M 为 AB 的中点,∴AM 綊 CD.∴EN 綊 AM, 2 ∴四边形 AMNE 为平行四边形. ∴MN∥AE.∵PA⊥平面 ABCD,∠PDA=45° , ∴△PAD 为等腰直角三角形,∴AE⊥PD. 又∵CD⊥AD,CD⊥PA,∴CD⊥平面 PAD,而 AE⊂平面 PAD, ∴CD⊥AE.又 CD∩PD=D,∴AE⊥平面 PCD.∴MN⊥平面 PCD.
2. 平面与平面垂直 (1)两个平面垂直的定义 直二面角 两个平面相交,如果它们所成的二面角是 ,就说这两个平面互相垂直. (2)两个平面垂直的判定定理 如果一个平面经过另一个平面的 一条垂线 ,那么这两个平面互相垂直. (3)两个平面垂直的性质定理 两个平面垂直,则在一个平面内 垂直于它们交线的直线 与另一个平面垂直. 3. 线面角与二面角 (1)直线与平面所成的角 平面的一条斜线和它在平面上的射影所成的锐角,叫做这条直线和这个平面所 成的角. (2)二面角 ①二面角的定义 二面角是一种空间图形,指从一条直线出发 的两个半平面所组成的图形. ②二面角的平面角的定义 以二面角的棱上的任意一点为端点,在两个半平面内分别作垂直于棱的两条射线 ______________, 这两条射线所成的角叫做二面角的平面角.