【精编】2017年广东省广州市高考物理二模试卷与解析
2017年广东省揭阳市高考物理二模试卷
2017年广东省揭阳市高考物理二模试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共4小题，共24.0分)1.A、B两个物体在同一直线上运动，速度图象如图，下列说法正确的是（）A.A、B运动方向相反B.0-4s内，A、B的位移相同C.t=4s时，A、B的速度相同D.A的加速度比B的加速度大【答案】C【解析】解：A、由图看出，速度均为正值，说明A、B都沿正方向运动，它们的运动方向相同．故A错误．B．根据图象与坐标轴围成的面积表示位移，可知0-4s内B的位移大于A的位移，故B 错误；C、由图读出，在t=4s时，A的速度等于B的速度．故C正确；D、图象斜率表示物体的加速度，根据图象可知AB的斜率大小相等，即二者加速度大小相等，故D错误．故选：C速度的正负表示速度的方向．匀变速直线运动的速度图象是倾斜的直线．根据图线的纵坐标直接读出速度的大小，图象与坐标轴围成的面积表示位移．本题考查识别速度图象和读图的能力．匀变速直线运动的速度图象是倾斜的直线．2.如图所示，球网高出桌面H，网到桌边的距离为L．某人在乒乓球训练中，从左侧处，将球沿垂直于网的方向水平击出，球恰好通过网的上沿落到右侧桌边缘．设乒乓球运动为平抛运动．则（）A.击球点的高度与网高度之比为2：1B.乒乓球在网左右两侧运动时间之比为2：1C.乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比为1：2D.乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2【答案】D【解析】解：A、因为水平方向做匀速运动，网右侧的水平位移是左边水平位移的两倍，所以由x=v0t知，网右侧运动时间是左侧的两倍，竖直方向做自由落体运动，根据h=可知，在网上面运动的位移和整个高度之比为1：9，所以击球点的高度与网高之比为：9：8，故AB错误；C、球恰好通过网的上沿的时间为落到右侧桌边缘的时间的，竖直方向做自由落体运动，根据v=gt可知，球恰好通过网的上沿的竖直分速度与落到右侧桌边缘的竖直分速度之比为1：3，根据v=可知，乒乓球过网时与落到桌边缘时速率之比不是1：2，故C错误；D、网右侧运动时间是左侧的两倍，△v=gt，所以乒乓球在左、右两侧运动速度变化量之比为1：2；故D正确；故选：D乒乓球做的是平抛运动，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动，分别根据匀速直线运动和自由落体运动的运动规律列方程求解即可．本题就是对平抛运动规律的考查，平抛运动可以分解为在水平方向上的匀速直线运动，和竖直方向上的自由落体运动来求解．3.如图所示，上下开口、内壁光滑的铜管P和塑料管Q竖直放置，小磁块先后在两管中从相同高度处由静止释放，并落至底部，则小磁块（）A.在Q和P中都做自由落体运动B.在两个下落过程中的机械能都守恒C.在P中的下落时间比在Q中的长D.落至底部时在P中的速度比在Q中的大【答案】C【解析】解：A、当小磁块在光滑的铜管P下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，从而产生安培阻力，所以P做的运动不是自由落体运动；而对于塑料管内小磁块没有任何阻力，在做自由落体运动，故A错误；B、由A选项分析可知，在铜管的小磁块机械能不守恒，而在塑料管的小磁块机械能守恒，故B错误；C、在铜管中小磁块受到安培阻力，则在P中的下落时间比在Q中的长，故C正确；D、根据动能定理可知，因安培阻力，导致产生热能，则至底部时在P中的速度比在Q 中的小，故D错误．故选：C当小磁块在光滑的铜管P下落时，由于穿过铜管的磁通量变化，导致铜管产生感应电流，从而产生安培阻力，对于塑料管没有任何阻碍，从而即可求解．该题考查涡流以及楞次定律的应用，注意感应电流产生条件，理解涡流的概念是关键．4.把图甲所示的正弦式交变电流接在图乙中理想变压器的A、B两端，电压表和电流表均为理想电表，R t为热敏电阻（温度升高时其电阻减小），R为定值电阻．下列说法正确的是（）A.R t处温度升高时，电流表的示数变大，变压器输入功率变大B.R t处温度升高时，电压表V1、V2示数的比值不变C.在t=1×10-2s时，穿过该矩形线圈的磁通量为零D.变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=36sin50πt（V）【答案】A【解析】解：A、副线圈电压不变，若R t电阻原来大于R，则温度升高时，电压表V2示数与电流表A2示数的乘积增大，若R t电阻原来小于R，则电压表V2示数与电流表A2示数的乘积变小，当R t处温度升高时，电阻减小，则副线圈总功率增大，所以原线圈功率增大，即电压表V1示数与电流表A1示数的乘积一定变大，故A正确；B、R t处温度升高时，电阻减小，电压表V2测量R t的电压，则电压表V2示数减小，V1示数不变，则电压表V1示数与V2示数的比值变大，故B错误；C、在图甲的t=0.01s时刻，e=0，则磁通量最大，此时矩形线圈平面与磁场方向垂直，故C错误；D、根据图甲可知，E m=36V，T=0.02s，则==100πrad/s，变压器原线圈两端电压的瞬时值表达式为u=36sin100πt（V），故D错误．故选：AR t处温度升高时，电阻减小，根据闭合电路欧姆定律结合功率公式分析．在图甲的t=0.01s时刻，e=0，则磁通量最大，根据图甲得出输入电压的最大值和周期，进而求出角速度，从而写出瞬时表达式，变压器原副线圈功率相等．本题考查交变电流的产生及变压器原理，要注意掌握交变电流中最大值、有效值、瞬时值的表达及相应的关系，知道变压器不改变功率，难度适中．二、多选题(本大题共4小题，共24.0分)5.如图，真空中有一个边长为L的正方体，正方体的两个顶点M、N处分别放置一对电荷量都为q的正、负点电荷．图中的a、b、c、d是其它的四个顶点，k为静电力常量，下列表述正确是（）A.a、b两点电场强度相同B.a点电势高于b点电势C.把点电荷+Q从c移到d，电势能增加D.M点的电荷受到的库仑力大小为F=k【答案】AD【解析】解：A、根据电场线分布知，a、b两点的电场强度大小相等，方向相同，则电场强度相同．故A正确．B、ab两点处于等量异种电荷的垂直平分面上，该面是一等势面，所以a、b的电势相等．故B错误．C、根据等量异种电荷电场线的特点，因为沿着电场线方向电势逐渐降低，则c点的电势大于d点的电势．把点电荷+Q从c移到d，电场力做正功，电势能减小，故C错误．D、M、N两点间的距离为L，根据库仑定律知，M点的电荷受到的库仑力大小F=k=．故D正确．故选：AD．根据电场线的分布比较电场强度的大小和电势的高低．根据电场力做功情况，判断电势能的变化．根据库仑定律的公式求出库仑力的大小．解决本题的关键知道等量异种电荷周围电场线的分布，知道垂直平分线为等势线，沿着电场线方向电势逐渐降低．6.2016年10月19日凌晨，“神舟十一号”载人飞船与距离地面343km的圆轨道上的“天宫二号”交会对接．已知地球半径为R=6400km，万有引力常量G=6.67×10-11N•m2/kg2，“天宫二号”绕地球飞行的周期为90分钟，以下分析正确的是（）A.“天宫二号”的发射速度应大于11.2km/sB.“天宫二号”的向心加速度大于同步卫星的向心加速度C.由题中数据可以求得地球的平均密度D.“神舟十一号”加速与“天宫二号”对接前应处于同一圆周轨道【答案】BC【解析】解：A、当发射的速度大于11.2km/s，会挣脱地球的引力，不绕地球飞行，所以“天宫二号”的发射速度不可能大于11.2km/s，故A错误．B、天宫二号的周期小于同步卫星的周期，根据T=知，天宫二号的轨道半径小于同步卫星的轨道半径，根据a=知，天宫二号的向心加速度大于同步卫星的向心加速度，故B正确．C、题干中飞船的轨道半径r=R+h，周期已知，根据得，地球的质量M=，则地球的密度ρ===，故C正确．D、“神舟十一号”加速与“天宫二号”对接前应处于不同的轨道上，若在同一轨道上，加速做离心运动，离开原轨道，不能实现对接，故D错误．故选：BC．当发射的速度大于等于第二宇宙速度，会挣脱地球的引力，不绕地球飞行；根据周期的大小比较轨道半径，从而比较向心加速度的大小．根据万有引力提供向心力得出地球的质量，结合地球的体积求出地球的平均密度．解决本题的关键掌握万有引力提供向心力这一重要理论，知道线速度、加速度、周期与轨道半径的关系，以及知道变轨的原理，难度不大．7.下列说法中正确的是（）A.α粒子散射实验是卢瑟福建立原子核式结构模型的重要依据B.根据玻尔理论，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能增大C.在光电效应的实验中，入射光的强度增大，光电子的最大初动能也增大D.B i的半衰期是5天，12g B i经过15天衰变后剩余的质量为1.5g【答案】AD【解析】解：A、卢瑟福通过α粒子散射实验建立原子核式结构模型，故A正确．B、根据玻尔理论，氢原子辐射出一个光子后，从高能级跃迁到低能级，原子能量减小，电子轨道半径减小，根据知，电子的动能增大，则氢原子电势能减小，故B错误．C、根据光电效应方程E km=hv-W0知，光电子的最大初动能与入射光的强度无关，故CD、B i的半衰期是5天，15天经过了3个半衰期，根据知，衰变后剩余的质量为1.5g，故D正确．故选：AD．α粒子散射实验是卢瑟福建立原子核式结构模型的重要依据；根据原子能量的变化，结合电子动能的变化分析氢原子的电势能变化；根据光电效应方程分析影响光电子最大初动能的因素；根据半衰期的次数，结合得出原子核剩余的质量．本题考查了α粒子散射实验、能级跃迁、光电效应、半衰期等基础知识点，关键要熟悉教材，牢记这些基础知识点，知道经过一个半衰期有半数发生衰变．8.（多选）如图甲所示，一质量为M的长木板静置于光滑水平面上，其上放置一质量为m的小滑块．木板受到随时间t变化的水平拉力F作用时，用传感器测出其加速度a，得到如图乙所示的a-F图．取g=10m/s2，则（）A.滑块的质量m=4kgB.木板的质量M=2kgC.当F=8 N时滑块加速度为2m/s2D.滑块与木板间动摩擦因数为0.1【答案】ABD【解析】解：A、当F等于6N时，加速度为：a=1m/s2，对整体分析，由牛顿第二定律有：F=（M+m）a，代入数据解得：M+m=6kg，当F大于6N时，根据牛顿第二定律得：a==F-，由图示图象可知，图线的斜率：k====，解得：M=2kg，滑块的质量为：m=4kg．故AB正确．C、根据F大于6N的图线知，F=4时，a=0，即：0=×F-，代入数据解得：μ=0.1，由图示图象可知，当F=8N时，滑块与木板相对滑动，滑块的加速度为：a=μg=1m/s2．故C错误，D正确．故选：ABD．当拉力较小时，m和M保持相对静止一起做匀加速直线运动，当拉力达到一定值时，m 和M发生相对滑动，结合牛顿第二定律，运用整体和隔离法分析．本题考查牛顿第二定律与图象的综合，知道滑块和木板在不同拉力作用下的运动规律是解决本题的关键，掌握处理图象问题的一般方法，通常通过图线的斜率和截距入手分析．五、多选题(本大题共1小题，共5.0分)13.下列叙述中正确的是（）A.已知水的摩尔质量和水分子的质量，可以计算出阿伏加德罗常数B.布郎运动就是分子的无规则运动C.对理想气体做功，内能不一定增加D.分子间的相互作用力随着分子间距离的增大，一定先减小后增大E.用活塞压缩汽缸内的理想气体，对气体做了3.0×105J的功，同时气体向外界放出1.5×105J的热量，则气体内能增加了1.5×105J【答案】【解析】解：A、已知水的摩尔质量和水分子的质量，根据摩尔质量除以水分子的质量得到阿伏加德罗常数，故A正确；B、布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动，说明液体分子在永不停息地做无规则运动，故B错误；C、做功和热传递都可以改变物体的内能，对理想气体做功，若同时气体放出热量，气体的内能不一定增加；故C正确；D、两个分子间由很近到很远（r＞10-9m）距离的过程中，分子间作用力先减小，到达平衡距离为零，此后再增大最后又逐渐减小，故D错误；E、用活塞压缩汽缸内的理想气体，对气体做了3.0×105J的功，同时气体向外界放出1.5×105J的热量，则气体内能增加了：△E=W-Q=3.0×105-1.5×105=1.5×105J．故E 正确故选：ACE解答本题需掌握：摩尔质量=分子质量×阿伏加德罗常数；布朗运动是悬浮在液体中的固体小颗粒的无规则运动；做功和热传递都可以改变物体的内能；根据分子力变化的特点分析．本题考查了阿伏加德罗常数、布朗运动、分子力做功与分子势能的关系、液体表面张力等，知识点多，难度小，关键记住基础知识．七、多选题(本大题共1小题，共4.0分)15.如图为一简谐横波在t=0.10s时刻的波形图，P是平衡位置为x=1m处的质点，此刻P点振动方向沿y轴正方向，并经过0.2s完成了一次全振动，Q是平衡位置为x=4m处的质点，则（）A.波沿x轴负方向传播B.t=0.05s时，质点Q的加速度为0，速度为正向最大C.从t=0.10s到t=0.15s，该波沿x轴传播的距离是2mD.从t=0.10s到t=0.15s，质点P通过的路程为10cmE.t=0.25s时，质点Q纵坐标为10cm【答案】ACE【解析】解：A、P点振动方向沿y轴正方向振动，根据“上下坡法”判断可知，波沿x轴负方向传播，故A正确；B、根据题意可得该波的周期T=0.2s，则t=0.05s=时，质点Q到达波谷，加速度最大，速度为零，故B错误；C、根据图象可知该波的波长λ=8m，则波速v===40m/s，从t=0.10s到t=0.15s，该波沿x轴传播的距离x=vt=40×0.05=2m，故C正确；D、从t=0.10s到t=0.15s，经过了，若P在平衡位置或波峰、波谷处，则P通过的路程s=A=10cm，但t=0.1s时刻，质点P不在平衡位置或波峰、波谷处，所以通过的路程不为10cm，故D错误；E、从t=0.10s到t=0.25s，经过了，则t=0.25s时，质点Q到达波峰，纵坐标为l0cm，故E正确．故选：ACE根据P的振动方向判断波的传播方向．根据图象可读出该波的波长，根据题意得出周期，从而求出波速．根据时间与周期的关系分析质点Q在t=0.05s时的加速度和速度．根据一个周期内振动运动的路程为4A，求出从t=0.10s到t=0.15s，质点P通过的路程．由时间与周期的关系分析t=0.25s时质点Q的纵坐标．解决本题的关键能够从波动图象和振动图象获取信息，以及知道质点的振动方向与波的传播方向的关系．三、实验题探究题(本大题共2小题，共15.0分)9.用如图1实验装置验证m1、m2组成的系统机械能守恒，m2从高处由静止开始下落，m1上拖着的纸带打出一系列的点，对纸带上的点迹进行测量，即可验证机械能守恒定律，图2给出的是实验中获取的一条纸带；0是打下的第一个点，每相邻两计数点间还有4个点（图2中未标出）．计数点的距离如图2所示，已知m1=50g、m2=150g，则（已知当地重力加速度g=9.8m/s2，结果保留两位有效数字）（1）在纸带上打下计数点5时的速度v= ______ m/s；（2）在打点0～5过程中系统动能的增量△E k= ______ J，系统势能的减少量△Eφ= ______ J．由此得出的结论是______ ．【答案】2.4；0.58；0.59；在误差允许范围内，m1、m2组成系统机械能守恒【解析】解：（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，根据某段时间内的平均速度等于中间时刻的瞬时速度求出点5的瞬时速度：v5=．（2）在0～5过程中系统动能的增量：△E K=（m1+m2）v52=×0.2×2.42J≈0.58J．系统重力势能的减小量为：△E p=（m2-m1）gx=0.1×9.8×（0.384+0.216）J≈0.59J，由此可知在误差允许范围内，m1、m2组成系统机械能守恒．故答案为：（1）2.4；（2）0.58；0.59，在误差允许范围内，m1、m2组成系统机械能守恒．（1）匀变速直线运动中时间中点的瞬时速度等于该过程中的平均速度，由此可以求出打下计数点5时的速度．（2）根据物体的初末动能大小可以求出动能的增加量，根据物体重力做功和重力势能之间的关系可以求出系统重力势能的减小量，比较动能增加量和重力势能减小量之间的关系可以得出机械能是否守恒．本题验证系统机械能守恒，关键得出系统动能的增加量和系统重力势能的减小量，要掌握求瞬时速度的方法．10.有一约7V数码电池，无法从标签上看清其电动势等数据．现要更加准确测量其电动势E和内电阻r，实验室备有下列器材：A．电流表（量程0.6A，内阻为3Ω）B．电压表（量程3V，内阻为3kΩ）C．电压表（量程30V，内阻为30kΩ）D．定值电阻R1=500ΩE．定值电阻R2=5000ΩF．滑动变阻器（阻值范围0～30Ω）G．开关及导线（1）该实验中电压表应选______ ，定值电阻应选______ ．（均选填选项前的字母序号）（2）电路图如图1所示，将实物连线图补充完整．（3）若将滑动变阻器滑片滑到某一位置，读出此时电压表读数为U，电流表读数为I，则电源电动势和内阻间的关系式为______ ．【答案】B；E；E=U+（I+）r【解析】解：（1）因电源的电压约为7V，如果采用30V的电压表，则量程过大，误差太大，因此电压表量程只能选择3V，由于小于电动势，故应串联阻值较大的定值电阻扩大量程，并且至少应扩大到7V，则根据改装原理可知：7=3+，解得R至少为4000Ω，故定值电阻应选择E；（2）由原理图可得出对应的实物图如图所示；（3）根据改装原理可知，路端电压为：U=U=；总电流为：I总=+I；由闭合电路欧姆定律可得：E=U+（I+）r故答案为：（1）B E（2）如图所示；（3）E=U+（I+）r（1）根据电压表量程可明确能否满足实验要求，再根据改装原理选择电阻；（2）根据给出的原理图连接实物图；（3）根据改装原理可明确路端电压以及电流表达式，再根据闭合电路欧姆定律可得出对应的表达式．本题考查测量电动势和内电阻的实验，要求能正确分析题意，明确用改装的方式将表头改装为量程较大的电压表，再根据原实验的研究方法进行分析研究，注意数据处理的方法．这是近年高考新的动向，应注意把握．四、计算题(本大题共2小题，共32.0分)11.如图所示，一质量为m的小球C用轻绳悬挂在O点，小球下方有一质量为2m的平板车B静止在光滑水平地面上，小球的位置比车板略高，一质量为m的物块A以大小为v0的初速度向左滑上平板车，此时A、C间的距离为d，一段时间后，物块A与小球C发生碰撞，碰撞时两者的速度互换，且碰撞时间极短，已知物块与平板车间的动摩擦因数为μ，重力加速度为g，若A碰C之前物块与平板车已达共同速度，求：（1）A、C间的距离d与v0之间满足的关系式；（2）要使碰后小球C能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足什么条件？【答案】解：（1）A碰C前与平板车速度达到相等，设共同速度为v′，取向左为正方向，由动量守恒定律得：mv0=（m+2m）v′A碰C前与平板车速度达到相等，设整个过程A的位移是x，由动能定理得：-μmgx=mv′2-mv02联立上式，解得：x=满足的条件是：d≥．（2）A碰C后，C以速度v′开始做完整的圆周运动，由机械能守恒定律得：mv′2=mg•2l+mv″2小球经过最高点时，有：mg≤m″解得：l≤答：（1）A、C间的距离d与v0之间满足的关系式是d≥；（2）要使碰后小球C能绕O点做完整的圆周运动，轻绳的长度l应满足的条件是l≤．【解析】（1）A碰C前与平板车速度达到相等，由AC系统动量守恒，求得共同速度．由动能定理求A的位移，从而求得d与v0之间满足的关系式；（2）A碰C后交换速度，C开始做完整的圆周运动，由机械能守恒定律得到C到达最高点的速度．在最高点，根据向心力大于等于C的重力列式，联立求解即可．该题在不同条件下多次运用系统动量守恒定律和动能定理，关键要分析物体的运动过程，把握圆周运动最高点的临界条件．12.如图所示，半径为L1=2m的金属圆环内上、下半圆各有垂直圆环平面的有界匀强磁场，磁感应强度大小均为B1=T．长度也为L1、电阻为R的金属杆ab，一端处于圆环中心，另一端恰好搭接在金属环上，绕着a端沿逆时针方向匀速转动，角速度为ω=rad/s．通过导线将金属杆的a端和金属环连接到图示的电路中（连接a端的导线与圆环不接触，图中的定值电阻R1=R，滑片P位于R2的正中央，R2的总阻值为4R），图中的平行板长度为L2=2m，宽度为d=2m．图示位置为计时起点，在平行板左边缘中央处刚好有一带电粒子以初速度v0=0.5m/s向右运动，并恰好能从平行板的右边缘飞出，之后进入到有界匀强磁场中，其磁感应强度大小为B2，左边界为图中的虚线位置，右侧及上下范围均足够大．（忽略金属杆与圆环的接触电阻、圆环电阻及导线电阻，忽略电容器的充放电时间，忽略带电粒子在磁场中运动时的电磁辐射的影响，不计平行金属板两端的边缘效应及带电粒子的重力和空气阻力）求：（1）在0～4s内，平行板间的电势差U MN；（2）带电粒子飞出电场时的速度；（3）在上述前提下若粒子离开磁场后不会第二次进入电场，则磁感应强度B2应满足的条件．【答案】解：（1）金属杆产生的感应电动势恒为E=B1Lω=2V由串并联电路的连接特点知：E=I•4R，U0=I•2R==1VT1==20s由右手定则知：在0～4s时间内，金属杆ab中的电流方向为b→a，则φa＞φb，则在0～4s时间内，φM＜φN，U MN=-1V（2）粒子在平行板电容器内做类平抛运动，在0～时间内水平方向L2=v0•t1t1==4s＜竖直方向=at又因为：v y=at1=m/s解得：a=m/s2，又因为：a==，解得：C/kg则粒子飞出电场时的速度v==m/stanθ==1，所以该速度与水平方向的夹角θ=45°（3）粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，由B2qv=m得r=由几何关系及粒子在磁场中运动的对称性可知：r＞d时离开磁场后不会第二次进入电场，即B2＜=×=2T答：（1）在0～4s内，两极板间的电势差U MN为-1V（2）带电粒子飞出电场时的速度为m/s，方向与水平方向的夹角为45°（3）磁场强度大小B2＜2T．【解析】（1）导体切割磁感线产生电动势，结合串并联电路特点即可求解．（2）带电粒子在电场中做类平抛运动，有运动学知识求解即可．（3）带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，根据牛顿第二定律求解粒子运动半径，结合几何关系求解磁场强度大小．本题是带电粒子在电磁场中运动的典型题目，利用好粒子在其中的运动规律结合相关的公式及几何关系求解即可．六、计算题(本大题共1小题，共10.0分)14.一圆柱形气缸，质量M为10kg，总长度L为40cm，内有一活塞，质量m为5kg，截面积S为50cm2，活塞与气缸壁间摩擦可忽略，但不漏气（不计气缸壁与活塞厚度），当外界大气压强p0为1×105P a，温度t0为7℃时，如果用绳子系住活塞将气缸悬挂起来，如图所示，气缸内气体柱的高L1为35cm，g取10m/s2．求：①此时气缸内气体的压强；②当温度升高到多少摄氏度时，活塞与气缸将分离？【答案】解：（1）以气缸为研究对象，受力分析，受到重力、外界大气压力，气缸内气体的压力．根据平衡条件得：p0S=p S+M gp=p0-=1×105-P a=0.8×105 P a，（2）温度升高，气缸内气体的压强不变，体积增大，根据气体等压变化方程得：当活塞与气缸将分离时，气柱的总长度为40cm，代入数据得：解得：T2=320K=47°C答：（1）此时气缸内气体的压强是0.8×105 P a；（2）当温度升高到47°C，活塞与气缸将分离．【解析】以气缸为研究对象，受力分析，利用平衡即可求出此时封闭气体的压强；温度升高，气缸内气体的压强不变，体积增大，根据气体方程列出等式求解．能够把力学中的受力分析和平衡知识运用到理想气体变化的问题中．根据题目找出气体的变化的物理量和不变的物理量．八、计算题(本大题共1小题，共10.0分)16.如图，为某种透明材料做成的三棱镜横截面，其形状是边长为a的等边三角形，现用一束宽度为a的单色平行光束，以垂直于BC面的方向正好入射到该三棱镜的AB及AC面上，结果所有从AB、AC面入射的光线进入后恰好全部直接到达BC面．试求：（1）该材料对此平行光束的折射率；（2）这些到达BC面的光线从BC面折射而出后，如果照射到一块平行于BC面的屏上形成光斑，则当屏到BC面的距离d满足什么条件时，此光斑分为两块？【答案】解：（1）由于对称性，我们考虑从AB面入射的光线，这些光线在棱镜中是平行于AC面的，由对称性不难得出，光线进入AB面时的入射角α和折射角β分别为：α=60°，β=30°由折射定律，材料折射率n==°==（2）如图O为BC中点，在B点附近折射的光线从BC射出后与直线AO交于D，可看出只要光屏放得比D点远，则光斑会分成两块．由几何关系可得：OD=a所以当光屏到BC距离超过a时，光斑分为两块．。
专题08选修3-3-2017年高考题和高考模拟题物理分项版汇编(原卷版).docx
2017年高考真题+联考押题分项解析汇编专题08选修3-31.【2017 •北京卷】以下关于热运动的说法正确的是A.水流速度越大，水分子的热运动越剧烈B.水凝结成冰后，水分子的热运动停止C. 水的温度越高, 水分子的热运动越剧烈D. 水的温度升高, 每一个水分子的运动速率都会增大2.[2017 •新课标I卷】（5分）氧气分子在0 °C和100 °C温度下单位速率间隔的分子数占总分子数的百分比随气体分子速率的变化分别如图中两条曲线所示。
下列说法正确的是___________ o （填正确答案标号。
选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分。
每选错1个扣3分，最低得分为0分）单位速率间隔的分子数A.图中两条曲线下面积相等B.图中虚线对应于氧气分子平均动能较小的情形C.图中实线对应于氧气分子在100 °C时的情形D.图中曲线给出了任意速率区间的氧气分子数目E.与0 °C时相比，100 °C时氧气分子速率出现在0-400 m/s区间内的分子数占总分子数的百分比较大3.【2017 •新课标II卷】（5分）如图，用隔板将一绝热气缸分成两部分，隔板左侧充有理想气体，隔板右侧与绝热活塞之间是真空。
现将隔板抽开，气体会自发扩散至整个气缸。
待气体达到稳定后，缓慢推压活塞，将气体压回到原来的体积。
假设整个系统不漏气。
下列说法正确的是___________ （选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分）。
隔板A. 气体自发扩散前后内能相同B. 气体在被压缩的过程中内能增大C. 在自发扩散过程中，气体对外界做功D. 气体在被压缩的过程中，外界对气体做功E. 气体在被压缩的过程中，气体分子的平均动能不变4. [2017 •江苏卷】一定质量的理想气体从状态A 经过状态B 变化到状态C,其V-T 图象如图12A-1图 所示.下列说法正确的有 __________•(A) A^B 的过程中，气体对外界做功(B) A^B 的过程中，气体放出热量(C) B-C 的过程中，气体压强不变(D) 4—B —C 的过程中，气体内能增加5. 【2017 -新课标III 卷】(5分)如图，一定质量的理想气体从状态a 出发，经过等容过程必到达状态b, 再经过等温过程be 到达状态c,最后经等压过程ca 回到状态a 。
物理_2017年广东省惠州市高考物理二模试卷_复习
2017年广东省惠州市高考物理二模试卷一、选择题（共8小题，每小题6分，满分48分）1. 氢原子从能级A跃迁到能级B，吸收频率v1的光子，从能级A跃迁到能级C释放频率v2的光子，若v2>v1则当它从能级C跃迁到能级B将（）A 吸收频率为v2+v1的光子B 吸收频率为v2−v1的光子C 放出频率为v2+v1的光子D 放出频率为v2−v1的光子2. 示波管工作时，电子经电压U1加速后以速度v0垂直进入偏转电场，离开电场时的偏转量是ℎ，两平行板间距离为d，电势差是U2，板长是L．为提高示波管的灵敏度（每单位电压引起的偏转量），可采用以下哪些方法（）A 增大两板间电势差U2B 尽可能使板长L短一些C 使加速电压U1升高一些D 尽可能使板距d小一些3. 假设地球为质量均匀分布的球体。
已知地球表面的重力加速度在两极处的大小为g0、在赤道处的大小为g，地球半径为R，则地球自转的周期T为（）A 2π√Rg0+g B 2π√Rg0−gC 2π√g0+gRD 2π√g0−gR4. 如图所示，绕过光滑钉子O的细绳，两端分别拴有A、B两个小球，A球的质量是B球的2倍。
现将两球从距地面高度为ℎ处由静止释放。
若细绳足够长，细绳的质量、空气的阻力均不计。
则B球上升到距地面的最大高度为（）A ℎB 43ℎ C 73ℎ D 83ℎ5. 在家庭电路中，为了安全，一般在电能表后面的电路中安装一个漏电开关，其工作原理如图所示，其中甲线圈两端与脱扣开关控制器相连，乙线圈由两条电源线采取双线法绕制，并与甲线圈绕在同一个矩形硅钢片组成的铁芯上。
以下说法正确的是（）A 当用户用电正常时，甲线圈两端没有电压，脱扣开关接通B 当用户用电正常时，甲线圈两端有电压，脱扣开关接通 C 当用户发生漏电时，甲线圈两端没有有电压，脱扣开关断开 D 当用户发生漏电时，甲线圈两端有电压，脱扣开关断开6. 空间存在平行于x轴方向的静电场，其电势φ随x的分布如图所示。
【广东省珠海市】2017届高三5月质量监测(二模)理综物理试卷-答案
- 1 - / 3广东省珠海市2017届高三5月质量监测（二模）理综物理试卷答 案14~17．BDAB 18．ABD 19．ACD 20.ACD 21．BD22．（共6分，每空2分）（1）0.525（2）1d v （3）2221v v 2h- 23．（1）连线如图（2分）（2）电压表的分流作用（2分）（3）如图（1分）（4）E 2.9V =，内阻r 3.4=Ω．（每空2分）24．（13分）（1）离子在平行金属板之间做匀速直线运动， 由平衡条件得：00qvB qE = ①已知电场强度：00U E d =② 由①②式解得：U v dB = ③ （2）根据左手定则，离子束带负电 ④ 离子在圆形磁场区域做匀速圆周运动，轨迹如图所示：由牛顿第二定律得：21mv qvB r= ⑤由几何关系得：r = ○6001qm 3dB B R= ○7（④1分，其余各式每式2分）25．（19分）解：（1）设A 、B 与弹簧分离瞬间的速度分别为A v 、B v ，则：A B A A B B (m m )v=m v +m v + ○1 2A A A1m gS=m v 2-μ-○2 细线断裂瞬间弹簧释放的弹性势能222A A B B A B 111E m v +m v (m m )v 222=-+○3 解得：A v 3m/s =，B v 3m/s =-，E 12J =○4 （2）滑块A 在皮带上向右减速到0后向左加速到与传送带共速，之后随传送带向左离开，设相对滑动时间- 2 - / 3为t ∆：2A Am ga 5m/s m μ== ○5 1A v v a t -=-∆○6 A 1A v (v )x t 2+-=∆○7 1(v )x t 2-=∆带○8 1A s x x =-带○9 在相对滑动过程中产生的摩擦热A 1Q m gs =μ○10 由以上各式得：Q 16J =○11 （3）设A 平抛初速度为2v ，平抛时间为t ，则：2x v t = ○12 21h gt 2=，t 0.4s =○13 若传送带A 顺时针运动的速度达到某一临界值m v ，滑块A 将向右一直加速，直到平抛时初速度恰为m v ，则22A A m A A 11m gL m v m v 22μ=-，m v 5m/s = ○14讨论：若传送带顺时针运动的速度m v v 5m/s '<=，则A 在传送带上与传送带相对滑动后，能与传送带保持共同速度，平抛初速度等于v '，水平射程x v t 0.4v (m)''==；○15 若传送带顺时针运动的速度m v v 5m/s '≥=，则A 在传送带上向右一直加速运动，平抛初速度等于m v 5m/s =，水平射程m x v t 2m ==． ○16 【评分细则：○1、○2、○3各式每式2分，其余各得分点每点1分】 33．【物理—选修3—3】(15分) （1）（5分）BDE （2）（10分）解：①当所缸内气体与大气达到热平衡时，温度等于大气温度，设体积已减小，则压强等于外界大气压，根据理想气体状态方程01p V pV T T = （3分）气缸内气体与大气达到平衡时的体积1V =0.5V（2分）显然符合实际②由于气体状态变化缓慢进行，气体先等容降温，压强减小，当压强减小为外界大气压p0后，等压压缩010W p (V V )=0.5p V =-（1分）依题意，气体内能变化量为00U a(T T) 1.8aT ∆=-=-（1分）- 3 - / 3根据热力学第一定律U W+Q ∆=（2分）00Q U W=(1.8aT 0.5p V)=∆--+即放出的热量等于001.8aT 0.5p V + （1分）34．【物理—选修3—4】(15分) （1）（5分）BDE （2）（10分）解：光路图如图，设第一次折射角为r ， 全反射临界角为C ，折射率为n ． 由折射定律有sinin sin r =（3分） sinisin r n = 又1sin C n =（2分）由正弦定理得：21sin(πC)siniR R -=（2分） 则得：211sini n n R R =可解得i 30=︒（2分）所以为保证在内壁处光不会进入中空部分，入射角i 应满足i 30≥︒（1分）。
广东省湛江市2017-2018学年高考物理二模试卷 Word版含解析
广东省湛江市2017-2018学年高考物理二模试卷一、单项选择题（每题4分）1．（4分）如图所示，日光灯管两端用细绳吊在天花板上，设两绳的拉力分别为F1、F2，它们的合力为F．下列说法正确的是（）A．合力的方向竖直向下B．合力F的大小一定等于F1、F2的大小之和C．合力F的大小一定等于日光灯管的重力D．日光灯管受到4个力的作用2．（4分）如图，发电机的电动势e=678sin100πtV，变压器的副线圈匝数可调，触头P置于a处时，用户恰好得到220V的电压，R表示输电线的电阻．下列说法正确的是（）A．电流的频率为100HzB．电压表V2的示数为220VC．电压表V1的示数为678VD．当触头P向上滑时，V2的示数变大3．（4分）如图示为某电容传声器结构示意图，当人对着传声器讲话时，膜片会振动．若某次膜片振动时，膜片与极板距离减小，则在此过程中（）A．膜片与极板间的电容变小B．极板的带电量增大C．膜片与极板间的电场强度变小D．电阻R中无电流通过4．（4分）跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．运动员在0﹣10s的平均速度为10m/sB．15s末开始运动员处于静止状态C．10s末运动员的速度方向改变D．10﹣15s运动员做减速度逐渐减小的减速运动二、双选选择题（每题6分）5．（6分）如图，将一空的铝制易拉罐开口向下压入恒温游泳池的水中．则金属罐在水中缓慢下降过程中，罐内空气（可视为理想气体）（）A．内能增大B．分子间的平均距离减少C．向外界放热D．对外界做正功6．（6分）据新华社报道，由我国自行设计、研制的世界上第一个全超导核聚变实验装置（又称“人造太阳”）已完成了首次工程调试．下列关于“人造太阳”的说法中，正确的是（）A．“人造太阳”的核反应方程是H+H→He+nB．“人造太阳”的核反应方程是U+n→Ba+Kr+3nC．“人造太阳”释放的能量大小的计算式是△E=△mc2D．“人造太阳”释放的能量大小的计算式是E=7．（6分）如图所示是“嫦娥二号”奔月的轨道示意图，其环月轨道距离月面的高度为100km，则下列说法正确的是（）A．“嫦娥二号”的发射速度大于第二宇宙速度B．在绕月轨道上，“嫦娥二号”的周期与其本身质量无关C．在绕月轨道上，“嫦娥二号”的周期与其本身质量有关D．在绕月轨道上，“嫦娥二号”受到的月球引力大于地球引力8．（6分）如图1所示，闭合回路由电阻R与导线组成，其内部磁场大小按B﹣t图变化（如图2），方向垂直纸面向里，则回路中（）A．电流强度越来越大B．电流方向为逆时针方向C．磁通量的变化率恒定不变D．产生的感应电动势越来越大9．（6分）如图所示，两个质量均为m的小球A和B用轻质弹簧连接，静止放在光滑水平面上．现给小球A一速度v，在弹簧第一次被压缩到最短的过程中，下列说法正确的是（）A．A、B两球的总动能不变B．A、B两球的总动量为mvC．弹簧对B球的作用力大于对A球的作用力D．弹簧被压缩到最短时，A、B两球的总动能最小二、非选择题10．（8分）用如图甲示的装置探究外力对小车做功与小车动能变化的关系．①逐渐向砂桶中添加细砂粒，当观察到小车拖着的纸带打下间距均匀的点迹时，记下砂桶和砂的总质量m0，可认为小车受到的摩擦阻力大小为．②保持小车的质量不变，继续向砂桶中添加细砂粒，让小车加速运动，图乙为实验中得到的一条理想纸带的一部分，纸带上显示的点为计数点，测出小车的质量为M、砂桶和砂的总质量为m、相邻两计数点的时间间隔为T．为了减小实验误差，小车的质量与砂桶和砂的总质量之间须满足Mm．③从纸带上测得AB两计数点的间距为d（图中未画出），在打点计时器打下A点到打下B 点的过程中，小车所受外力做功W=，小车动能的变化△E k=．11．（10分）如图甲为用伏安法测定电阻约2Ω电阻丝的电阻率的电路原理图，电源是两节干电池．①用螺旋测微器测电阻丝的直径，某次测量的示数如图乙所示，电阻丝直径为mm；②请根据电路原理图完成如图丙所示的实物图．③闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变位置，得到几组、I及对应电阻丝长度L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出R﹣L图象如图丁所示，取图线上两个点间数据之差△L和△R，若金属电阻丝直径的平均值为d，则该电阻丝的电阻率为ρ=（用△L、△R、d及有关常量表示）．④若考虑电压表内阻的影响，测得的电阻率ρ比真实值偏（填“大”或“小”）．12．（18分）如图所示，光滑斜面倾角为30°，与粗糙的水平面AB平滑相接，水平轨道右侧有一个竖直固定半圆轨道BCD（C为BD的中点），与水平面相切于B点，水平面B点放置一个质量为2m的物块2，现有质量为m的物块1从斜面的P点由静止释放，下滑到斜面底端A点时的速度为7m/s物块1与物块2正碰后以1m/s速度反弹，设碰撞时间极短，已知物块1与水平面AB间的动摩擦因数为μ=0.4，AB的长度l=3m，g=10m/s2，求：（1）物块1由静止释放下滑到斜面底端所用的时间；（2）物块1与物块2碰撞后，物块2速度的大小；（3）若要使物块2沿半圆轨道运动时不脱离轨道，半圆轨道半径取值条件．13．（18分）如图甲所示，与x轴成45°角的虚线OM和EF以及弹性挡板GH把坐标系的第一象限和第四象限分割成Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四个区域，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域内均有理想边界的垂直纸面向外的匀强磁场，区域Ⅳ为真空，若不断有初速度为零且=103C/kg的带正电粒子经过图乙所示电压加速后，由P点垂直x轴方向进入I区域，已知B1=B3=1T，B2=0.5T，OP=0.4m，EF和GH间的水平距离为d=0.16m．不计带电粒子的重力和粒子之间的相互作用，求：（1）带电粒子在I区域里运动的最大轨道半径；（2）带电粒子从P点出发到第一次离开Ⅱ区域所用的最短时间；（3）若带电粒子与弹性板GH相碰后速度大小和电量不变，碰撞前后速度方向与弹性板GH 夹角相等，则第一次进入Ⅲ区域的带电粒子从EF边界离开磁场时出射点到进入点的距离l 的取值范围．广东省湛江市2017-2018学年高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（每题4分）1．（4分）如图所示，日光灯管两端用细绳吊在天花板上，设两绳的拉力分别为F1、F2，它们的合力为F．下列说法正确的是（）A．合力的方向竖直向下B．合力F的大小一定等于F1、F2的大小之和C．合力F的大小一定等于日光灯管的重力D．日光灯管受到4个力的作用考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：日光灯管受重力和两绳的拉力F1、F2，处于平衡状态，根据共点力平衡条件，结合三个力平衡时，任意两个力的合力一定与第三个力大小相等，方向相反分析即可．解答：解：日光灯管受重力和两绳的拉力F1、F2，处于平衡状态，则于F1、F2的合力一定与重力大小相等，方向相反；A、图中F1、F2的合力为F，合力与分力是等效替代的关系，合力一定与重力大小相等，方向向上，故A错误；B、图中F1、F2的合力为F，合力与分力符合平行四边形定则，故图中F的大小小于F1、F2的大小之和，故B错误；C、图中F1、F2的合力为F，与重力平衡，竖直向上，故C正确；D、日光灯管受重力和两绳的拉力，共3个力，故D错误；故选：C．点评：本题关键是明确日光灯管的受力情况，然后根据共点力平衡条件分析，基础题目．2．（4分）如图，发电机的电动势e=678sin100πtV，变压器的副线圈匝数可调，触头P置于a处时，用户恰好得到220V的电压，R表示输电线的电阻．下列说法正确的是（）A．电流的频率为100HzB．电压表V2的示数为220VC．电压表V1的示数为678VD．当触头P向上滑时，V2的示数变大考点：变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：变压器只改变电压，不会改变频率，副线圈两端的电压等于用户电压和输电线路损失电压之和；由变压器原副线圈电压之比等于匝数之比即可比较解答：解：变压器只改变电压，不会改变频率，故频率为f=50H Z，故A错误；B、电压表的示数为用户和输电线路上损失的电压值和大于220V，故B错误；C、电压表测量的是有效值，故示数为U=V，故C错误；D、当用户功率增大时，由P=UI可知，输电线路上的电流增大，故损失电压增大，变压器副线圈两端电压增大，故由可知触头P应向上滑，故D正确故选：D点评：分析变压器时注意输出电压和输入功率这两个物理量的决定关系，然后结合电阻的串并联知识进行求解．3．（4分）如图示为某电容传声器结构示意图，当人对着传声器讲话时，膜片会振动．若某次膜片振动时，膜片与极板距离减小，则在此过程中（）A．膜片与极板间的电容变小B．极板的带电量增大C．膜片与极板间的电场强度变小D．电阻R中无电流通过考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：电容器极板间距离的变化引起了电容的变化，电容的变化引起了电量的变化，从而场强变化，R中有电流．解答：解：A、振动膜片振动时，电容器两极板的距离减小，电容增大，故A错误；B、由C=知，U不变的情况下，电容增大，电容器所带电荷量Q增大，故B正确．C、由E=知，U不变，d减小，则场强E增大，故C错误；D、极板的带电量增大，充电，电阻R中有电流通过．故D错误．故选：B．点评：本题考查了电容器的动态分析，方法是：从部分的变化引起电容的变化，根据电压或电量不变判断电量或电压的变化．4．（4分）跳伞运动员从高空悬停的直升机上跳下，运动员沿竖直方向运动的v﹣t图象如图所示，下列说法正确的是（）A．运动员在0﹣10s的平均速度为10m/sB．15s末开始运动员处于静止状态C．10s末运动员的速度方向改变D．10﹣15s运动员做减速度逐渐减小的减速运动考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图象与坐标轴所围的“面积”大小表示位移，将运动员0﹣10s的运动与匀加速直线运动进行分析，分析位移关系，确定平均速度的大小．速度的方向反映运动员的运动方向．速度图象的斜率等于加速度，根据斜率分析加速度大小如何变化，判断运动员的运动情况．解答：解：A、0～10s内，若运动员做匀加速运动，平均速度为=m/s=10m/s．根据图象的“面积”等于位移可知，运动员的位移大于匀加速运动的位移，所以由公式得知：0～10s 内的平均速度大于匀加速运动的平均速度10m/s．故A错误．B、由图知，15s末开始运动员做匀速直线运动，故B错误．C、由图看出，运动员的速度一直沿正向，速度方向没有改变，故C错误．D、10～15s图象的斜率减小，则其加速度减小，故10～15s运动员做加速度减小的减速运动，故D正确．故选：D点评：本题考查理解速度问题的能力．关键根据图线的斜率等于加速度、“面积”大小等于位移，来分析运动员的运动情况二、双选选择题（每题6分）5．（6分）如图，将一空的铝制易拉罐开口向下压入恒温游泳池的水中．则金属罐在水中缓慢下降过程中，罐内空气（可视为理想气体）（）A．内能增大B．分子间的平均距离减少C．向外界放热D．对外界做正功考点：理想气体的状态方程；热力学第一定律．专题：理想气体状态方程专题．分析：理想气体的内能只由温度决定，恒温，罐内空气内能不变，而且此变化过程为等温变化根据玻意耳定律，可判体积变化，从而判断功，再结合热力学第一定律，即可解决问题．解答：解：理想气体的内能只由温度决定，所以罐内空气内能不变，即△U=0 ①，故A错误；由P=P0+ρgh可知，金属罐在水中缓慢下降过程，罐内空气气体压强增大，等温变化，由玻意耳定律可判，罐内空气体积缩小，所分子间的平均距离减小，故B正确；外界对气体做功，W＞0 ②，故D错误；由热力学第一定律得：△U=W+Q ③①→③联立得：Q＜0，即气体放热，故C正确；故选BC．点评：要注意研究过程中哪些量不变，哪些量变化，能够用物理规律把所要研究的物理量表示出来，熟练应用热力学第一定律求解．6．（6分）据新华社报道，由我国自行设计、研制的世界上第一个全超导核聚变实验装置（又称“人造太阳”）已完成了首次工程调试．下列关于“人造太阳”的说法中，正确的是（）A．“人造太阳”的核反应方程是H+H→He+nB．“人造太阳”的核反应方程是U+n→Ba+Kr+3nC．“人造太阳”释放的能量大小的计算式是△E=△mc2D．“人造太阳”释放的能量大小的计算式是E=考点：爱因斯坦质能方程；重核的裂变；轻核的聚变．专题：衰变和半衰期专题．分析：聚变是质量轻的核结合成质量大的核．裂变反应是质量大的核分裂成质量小的核．重核裂变和轻核聚变，都释放能量．解答：解：A、“人造太阳”是根据核聚变反应制造的，其核反应方程是H+H→He+n．故A正确；B、“人造太阳”是根据核聚变反应制造的，核反应方程U+n→Ba+Kr+3n是重核的裂变．故B错误；C、D、根据爱因斯坦质能方程可知，“人造太阳”释放的能量大小的计算式是△E=△mc2．故C正确；D错误．故选：AC点评：该题考查裂变反应和聚变反应以及质能方程，解决本题的关键知道裂变反应和聚变反应的区别，知道两种反应都有质量亏损，都释放核能．7．（6分）如图所示是“嫦娥二号”奔月的轨道示意图，其环月轨道距离月面的高度为100km，则下列说法正确的是（）A．“嫦娥二号”的发射速度大于第二宇宙速度B．在绕月轨道上，“嫦娥二号”的周期与其本身质量无关C．在绕月轨道上，“嫦娥二号”的周期与其本身质量有关D．在绕月轨道上，“嫦娥二号”受到的月球引力大于地球引力考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：“嫦娥二号”绕着地球运动，其发射速度小于第二宇宙速度．由卫星的速度公式v=，可知“嫦娥二号”的速度与其本身质量无关，而周期T=与其质量无关．在绕月轨道上，“嫦娥二号”受到的月球引力大于地球引力．解答：解：A、“嫦娥二号”开始绕着地球运动，其发射速度小于第二宇宙速度．故A错误．B、在绕月轨道上，卫星的周期，可见周期与其本身质量无关．故B正确．C、由卫星的速度公式v=，在绕月轨道上，卫星的速度与月球的质量、轨道半径有关，而其本身的质量无关．故C错误．D、在绕月轨道上，“嫦娥二号”受到的月球引力一定大于地球引力，否则它会绕地球运动．故D正确．故选：BD．点评：对于卫星问题，要在理解的基础上，记住两大结论可提高解题速度：卫星的速度公式v=，加速度a=g=．8．（6分）如图1所示，闭合回路由电阻R与导线组成，其内部磁场大小按B﹣t图变化（如图2），方向垂直纸面向里，则回路中（）A．电流强度越来越大B．电流方向为逆时针方向C．磁通量的变化率恒定不变D．产生的感应电动势越来越大考点：法拉第电磁感应定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：由B﹣t图象可知磁感应强度的变化情况，则由磁通量的定义可知磁通量的变化率；再由楞次定律可判断电流方向；由法拉第电磁感应定律可求得感应电动势．解答：解：A、由法拉第电磁感应定律可知，E==S，故感应电动势保持不变，电流强度不变，故A错误；B、由楞次定律可知，电流方向为逆时针，故B正确；C、由图象可知，磁感应随时间均匀增大，则由∅=BS可知，磁通量随时间均匀增加，故其变化率恒定不变，产生的感应电动势大小不变，故C正确；D错误；故选：BC．点评：本题考查楞次定律及法拉第电磁感应定律的应用，二者分别判断感应电流的方向和大小，应熟练掌握．9．（6分）如图所示，两个质量均为m的小球A和B用轻质弹簧连接，静止放在光滑水平面上．现给小球A一速度v，在弹簧第一次被压缩到最短的过程中，下列说法正确的是（）A．A、B两球的总动能不变B．A、B两球的总动量为mvC．弹簧对B球的作用力大于对A球的作用力D．弹簧被压缩到最短时，A、B两球的总动能最小考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．分析：A、B两球组成的系统动量守恒，根据能量守恒判断A、B两球总动能的变化，当弹性势能最大时，总动能最小．解答：解：A、A、B和弹簧组成的系统机械能守恒，在弹簧压缩的过程中，弹性势能增大，则A、B两球的总动能减小，当弹簧压缩到最短时，弹性势能最大，则A、B两球的总动能最小．故A错误，D正确．B、A、B两球组成的系统，动量守恒，所以A、B两球的总动量等于初状态的总动量，为mv，故B正确．C、弹簧对A、B两球的作用力大小相等，故C错误．故选：BD．点评：本题考查动量守恒定律及机械能守恒定律，要注意明确能量的转化方法，并掌握动量守恒的条件．二、非选择题10．（8分）用如图甲示的装置探究外力对小车做功与小车动能变化的关系．①逐渐向砂桶中添加细砂粒，当观察到小车拖着的纸带打下间距均匀的点迹时，记下砂桶和砂的总质量m0，可认为小车受到的摩擦阻力大小为m0g．②保持小车的质量不变，继续向砂桶中添加细砂粒，让小车加速运动，图乙为实验中得到的一条理想纸带的一部分，纸带上显示的点为计数点，测出小车的质量为M、砂桶和砂的总质量为m、相邻两计数点的时间间隔为T．为了减小实验误差，小车的质量与砂桶和砂的总质量之间须满足M远大于m．③从纸带上测得AB两计数点的间距为d（图中未画出），在打点计时器打下A点到打下B 点的过程中，小车所受外力做功W=（mg﹣m0g）d，小车动能的变化△E k=．考点：探究功与速度变化的关系．专题：实验题．分析：（1）根据小车的运动为匀速运动，由共点力的平衡条件可求得摩擦力；（2）根据实验中所采用的拉力与沙桶重力的关系可明确是否需要满足条件；（3）由受力分析确定拉力大小，由功的公式求解拉力的功；由平均速度公式求解AB两点的速度，再由动能表达式可求得动能的改变量．解答：解：（1）由题意可知，小车做匀速直线运动，则说明小车受力平衡，故摩擦力与沙桶的重力大小相等，故摩擦力为f=m0g；（2）因本题中用沙桶的重力等效为绳子的拉力，为了减小误差，应要求小车的质量M远大于砂桶和砂的总质量m；（3）小车受到的合外力F=mg﹣m0g；合外力做功W=Fd=（mg﹣m0g）d；小车在A点的速度v A=；B点的速度v B=；则动能的变化量△E K=Mv B2﹣Mv A2=故答案为：（1）m0g；（2）远大于；（3）（mg﹣m0g）d；点评：本题考查验证动能定理的实验，要注意正确分析实验原理，明确实验中所采用的方法，同时掌握数据处理的方法，并能正确分析误差，从而找出减小误差的方法．11．（10分）如图甲为用伏安法测定电阻约2Ω电阻丝的电阻率的电路原理图，电源是两节干电池．①用螺旋测微器测电阻丝的直径，某次测量的示数如图乙所示，电阻丝直径为1.865mm；②请根据电路原理图完成如图丙所示的实物图．③闭合开关后，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动，多次改变线夹P位置，得到几组、I及对应电阻丝长度L的数据，用R=计算出相应的电阻后作出R﹣L图象如图丁所示，取图线上两个点间数据之差△L和△R，若金属电阻丝直径的平均值为d，则该电阻丝的电阻率为ρ=（用△L、△R、d及有关常量表示）．④若考虑电压表内阻的影响，测得的电阻率ρ比真实值偏小（填“大”或“小”）．考点：测定金属的电阻率．专题：实验题．分析：①根据螺旋测微器使用方法分析答题；②根据电路图连接实物电路图；③移动线夹P，改变金属丝接入电路的阻值，然后根据图象由电阻定律求出电阻率．④根据电表的影响可分析电流及电压的读数与真实值之间的关系，则可得出误差结果．解答：解：①由图可知，固定部分读数为：1.5mm；转动部分读数为：36.5×0.01=0.365mm；则读数为：1.5+0.365=1.865mm；②根据电路图连接实物电路图，实物电路图如图所示．③根据题意，滑动变阻器触头调至一合适位置后不动后，应多次改变P点的位置，根据欧姆定律应有：U=I，根据电阻定律应有：R=，联立解得：R=，所以R﹣L图象的斜率k==，解得：ρ=；④由题意可知，由于电压表分流影响，使电流值偏大，故所测电阻值偏小；故最后得出的电阻率偏小；故答案为：①1.865；②实物电路图如图所示；③线夹P；；④小．点评：要掌握螺旋测微器的使用方法，连接实物电路图时，要注意电表正负接线柱不要接反，注意滑动变阻器的接法，滑动变阻器应接一上一下两个接线柱．12．（18分）如图所示，光滑斜面倾角为30°，与粗糙的水平面AB平滑相接，水平轨道右侧有一个竖直固定半圆轨道BCD（C为BD的中点），与水平面相切于B点，水平面B点放置一个质量为2m的物块2，现有质量为m的物块1从斜面的P点由静止释放，下滑到斜面底端A点时的速度为7m/s物块1与物块2正碰后以1m/s速度反弹，设碰撞时间极短，已知物块1与水平面AB间的动摩擦因数为μ=0.4，AB的长度l=3m，g=10m/s2，求：（1）物块1由静止释放下滑到斜面底端所用的时间；（2）物块1与物块2碰撞后，物块2速度的大小；（3）若要使物块2沿半圆轨道运动时不脱离轨道，半圆轨道半径取值条件．考点：动量守恒定律；牛顿第二定律．专题：动量定理应用专题．分析：（1）根据牛顿第二定律求出物块1在斜面上运动的加速度，结合速度时间公式求出在斜面上的运动时间．（2）根据动能定理求出物块1与物块2碰前的速度，对物块1、2组成的系统运用动量守恒，求出物块1与物块2碰撞后，物块2速度的大小．（3）滑块2在圆周运动上运动时不脱离圆周，有两种情况：①滑块2在圆周上运动时不超过C点，②滑块2在圆周上运动时能通过D点，通过牛顿第二定律和机械能守恒求出半圆轨道半径的取值范围．解答：解：（1）设物块在斜面上下滑的加速度为a，滑到斜面底端所用的时间为t，由牛顿第二定律得，mgsin30°=ma，①由运动学公式得，v=at，②联立①②式并代入数据解得t=1.4s．③（2）设物块1运动到B点时速度为v1，与2碰后速度为v1′，碰后物块2的速度为v2，对物块1，由动能定理有：，④规定向右为正方向，对物块1、2系统运用动量守恒定律得，mv1=2mv2﹣mv1′⑤联立④⑤式并代入数据解得v2=3m/s．⑥（3）滑块2在圆周运动上运动时不脱离圆周，有两种情况：①滑块2在圆周上运动时不超过C点，设半径为R1，满足，⑦代入数据解得R1≥0.45m．②滑块2在圆周上运动时能通过D点，设半径为R2，满足，⑧由能量守恒有：⑨联立⑧⑨代入数据解得R2≤0.18m．综上所述，要使物块2沿半圆轨道运动时不脱离轨道，半圆轨道半径取值条件为：R≥0.45m 或R≤0.18m．答：（1）物块1由静止释放下滑到斜面底端所用的时间为1.4s；（2）物块1与物块2碰撞后，物块2速度的大小为3m/s；（3）若要使物块2沿半圆轨道运动时不脱离轨道，半圆轨道半径取值条件为R≥0.45m或R≤0.18m．点评：本题考查了动量守恒定律、机械能守恒定律、动能定理、牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，综合性较强，关键理清整个过程中的运动规律，选择合适的规律进行求解．对于第三问物块2要不脱离轨道，要么通过最高点，要么不要越过四分之一圆周轨道．13．（18分）如图甲所示，与x轴成45°角的虚线OM和EF以及弹性挡板GH把坐标系的第一象限和第四象限分割成Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ、Ⅳ四个区域，Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ三个区域内均有理想边界的垂直纸面向外的匀强磁场，区域Ⅳ为真空，若不断有初速度为零且=103C/kg的带正电粒子经过图乙所示电压加速后，由P点垂直x轴方向进入I区域，已知B1=B3=1T，B2=0.5T，OP=0.4m，EF和GH间的水平距离为d=0.16m．不计带电粒子的重力和粒子之间的相互作用，求：（1）带电粒子在I区域里运动的最大轨道半径；（2）带电粒子从P点出发到第一次离开Ⅱ区域所用的最短时间；（3）若带电粒子与弹性板GH相碰后速度大小和电量不变，碰撞前后速度方向与弹性板GH 夹角相等，则第一次进入Ⅲ区域的带电粒子从EF边界离开磁场时出射点到进入点的距离l 的取值范围．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动；带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．。
物理_2017年某校高考物理二模试卷_复习 (2)
2017年某校高考物理二模试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不选的得0分．1. 下列说法中不正确的是（）A 太阳与行星间的引力规律可适用于任何两物体之间的引力B 一定强度的入射光照射某金属发生光电效应时，入射光的频率越高，单位时间内逸出的光电子数就越多C 根据玻尔理论可得，氢原子辐射出一个光子后，氢原子的电势能减小，核外电子的运动速度增大D 伽利略通过他的理想斜面实验说明了物体的运动不需要力来维持2. 启动后做匀加速直线运动的汽车上的司机，发现尚有乘客未上车，急忙使汽车做匀减速运动直至停止，若整个过程历时t，行驶位移s，那么，此过程中汽车的最大速度大小为（）A s2t B stC 3s2tD 2st3. 2017年4月23日07时26分，“天舟一号”与“天宫二号”对接成功，组合体开始进行推进剂补加试验，将持续5天时间，目前组合体状态良好．这是“天宫二号”与货运飞船进行的第一次推进剂补加，也是中国首次推进剂补加试验．我们假设“天舟一号”质量为M1，“天宫二号”质量为M2，组合体在原“天宫二号”的距地心r处的轨道上做圆周运动，下列说法正确的是（）A 组合体的运动周期比原“天宫二号”的运动周期大B 在没有进行推进剂补加试验和其它操作时，“天舟一号”和“天宫二号”之间的连接机构存在着相互作用的拉力 C 组合体的加速度为a=R 2gr2（R为地球半径，g为地球表面处的重力加速度） D 组合体的机械能与原“天宫二号”的机械能相等4. 一摩托车在竖直的圆轨道内侧做匀速圆周运动，人和车的总质量为m，轨道半径为R，车经最高点时发动机功率为P0、车对轨道的压力为mg．设轨道对摩托车的阻力与车对轨道的压力成正比，则（）A 车经最低点时对轨道的压力为mgB 车运动过程中发动机的功率一直不变C 车经最低点时发动机功率为3P0D 车从最高点经半圆轨道到最低点的过程中，人和车重力做功的功率不变5. 如图所示，理想变压器原线圈接电压一定的交流电，在下列措施中能使电流表示数增大的是（）A 只将变阻器R3的滑动触头上移B 只将S2从4拨向3C 只将S3从闭合改为断开 D 只将S1从2拨向16. 理论研究表明，无限大的均匀带电平板在周围空间会形成与平面垂直的匀强电场．现有两块无限大的均匀绝缘带电平板正交放置，如图所示，A1B1板两面带正电，A2B2板两面带负电，且两板单位面积所带电荷量相等（设电荷不发生移动）．图中直线A1B1和A2B2分别为带正电平面和带负电平面与纸面正交的交线，O为两交线的交点，C、D、E、F恰好位于纸面内正方形的四个顶点上，且CE的连线过O点．则下列说法中正确的是（）A D、F两点电势相同B E、F两点场强相同C U EF＝U ED D 在C、D、E、F四个点中电子在F点具有的电势能最大7. 如图所示，xOy平面位于光滑水平桌面上，在O≤x≤2L的区域内存在着匀强磁场，磁场方向垂直于xOy平面向下．由同种材料制成的粗细均匀的正六边形导线框，放在该水平桌面上，AB与DE边距离恰为2L，现施加一水平向右的拉力F拉着线框水平向右匀速运动，DE边与y轴始终平行，从线框DE边刚进入磁场开始计时，则线框中的感应电流i（取逆时针方向的电流为正）随时间t的函数图像和拉力F随时间t的函数图像大致是（）A B C D8. 如图所示，A为放在光滑水平桌面上的长方形物块，在它上面放有物块B和C 外力F的大小等于22 N A B、A之间沿水平方向的作用力的大小等于1 N B B、A之间沿水平方向的作用力大于C、A之间的D 外力F的大小等于12 N三、非选择题9. 用如图所示的装置“探究加速度与力的关系”，带滑轮的长木板水平固定，跨过小车上定滑轮的两根细绳均处于水平．利用图像分析、处理数据．请回答下列问题：（1）以下操作或措施不必要的是（）．（填序号）A 用天平测出砂和砂桶的质量B 将小车靠近打点计时器，先接通电源，再释放小车，打出一条纸带，同时记录拉力传感器的示数F0 C 改变砂和砂桶质量，打出几条纸带，为利用图像处理数据做准备 D 为减小误差，使砂和砂桶的总质量远小于小车的质量（2）根据本实验方案，以拉力传感器示数的二倍F(F＝2F0)为横坐标，以加速度a为纵坐标，画出的a−F直线在________（填“F”或“a”）轴上有截距．（3）若计算得到a−F直线的斜率为k，则小车的质量为________．10. 为测量一电阻R x的阻值，某探究小组同学设计了如图所示的测量电路，其中电源的电动势为E＝3.0V，电压表的量程为0∼5V，电流表满偏电流为0.6A，电流计G为理想电流表，实验步骤如下：①按图示的电路原理图连接好实验电路，分别将滑动变阻器R0的滑片置于图中的A端、滑动变阻器R3的滑片置于Q端，闭合开关S。
广东省深圳市2017年高三年级第二次调研考试理科综合物
14、下列说法中不正确的是A.伽利略的理想斜面实验运用了实验和逻辑推理相结合的科学研究方法B.“合力”、“交流电的有效值”用的是“等效替代”的科学研究方法C.发生光电效应时，同一频率的入射光越强，光电子的最大初动能越大D.已知中子质量、质子质量和氘核质量，则可以计算氘核的比结合能15、如图甲，水平放置的平行金属导轨可分别与定值电阻R和平行板电容器C相连，导体棒MN置于导轨上且接触良好，取向右为运动的正方向，导体棒沿导轨运动的位移-时间图像如图乙所示；金属棒始终处于竖直向上的匀强磁场中，不计导轨和金属棒电阻，则0-t2时间内A.若S接A，电容器a极板始终带负电B. 若S接A，t1时刻电容器两极板电压最大C.若S接B，MN所受安培力方向先向左后向右D. 若S接B，t1时刻MN所受的安培力最大16、我国计划于2020年发射“火星探测器”，若探测器绕火星的运动、地球和火星绕太阳的公转视为匀速圆周运动，相关数据见表格，则下列判断正确的是A.T地>T火B.火星的“第一宇宙速度”小于地球的第一宇宙速度C.火星表面的重力加速度大于地球表面的重力加速度D.探测器绕火星运动的周期的平方与其轨道半径的立方之比与22TT火地相等17、图示为理想变压器，其中r为定值电阻，R为滑动变阻器，P为滑动变阻器的触头，u 为正弦交流电源，电源输出电压的有效值恒定，则A.P向右移动时，原、副线圈的电流之比可能变大B. P向右移动时，变压器的输出功率变大C.若原、副线圈增加相同的匝数，其它条件不变，则变压器输出电压不变D.若原、副线圈增加相同的匝数，其它条件不变，r消耗的功率可能不变18、如图、倾角为θ的固定斜面上放置一矩形木箱，箱中有垂直于底部的光滑直杆，箱和杆的总质量为M，质量为m的铁环从杆的上端由静止开始下滑，铁环下滑的过程中木箱始终保持静止，在铁环达到箱底之前A.箱对斜面的压力大小为（m+M）gcosθB. 箱对斜面的压力大小为MgcosθC. 箱对斜面的摩擦力大小为（m+M）gsinθD. 箱对斜面的摩擦力大小为Mgsinθ19、质量为m和M的两个物块A、B，中间夹着一根由轻绳束缚着的、被压缩的轻质弹簧，弹簧与A、B不相连，它们一起在光滑的水平面上以共同的速度向右运动，总动量为P，弹簧的弹性势能为Ep；某时刻轻绳断开，弹簧恢复到原长时，A刚好静止，B向右运动，与质量为M的静止物块C相碰并粘在一起，则A.弹簧弹力对A 的冲量大小为mP M m+B.弹簧弹力对B 做功的大小为EpC.全过程中机械能减小量为EpD.B 、C 的最终速度为2P M20、如图，倾角为300和450的两斜面下端紧靠在一起，固定在水平面上；纸面所在竖直平面内，将两个小球a 和b ，从左侧斜面上的A 点以不同的初速度向右平抛，下落相同高度，a 落到左侧的斜面上，b 恰好垂直击中右侧斜面，忽略空气阻力，则A.a 、b ：2B. a 、b 运动的水平位移之比为C. a 、b 4D.若减小初速度，a 球落到斜面时速度方向不变 21、真空中，点电荷的电场中某点的电势kQrϕ=,其中r 为该点到点电荷的距离；在x 轴上沿正方向依次放两个点电荷Q 1和Q 2；x 轴正半轴上各点的电势φ随x 的变化关系如图所示；纵轴为图线的一条渐近线，x 0和x 1为已知，则A.不能确定两点荷的电性B.不能确定两个电荷电量的比值C.能确定两点荷的位置坐标D.能确定x轴上电场强度最小处的位置坐标三、非选择题：（一）必考题22.（1）用游标卡尺测量某物体的宽度，如图所示，其读数为mm.（2）下图是在“探究匀变速直线运动”实验中得到的一条纸带，选取了5个计时点a、b、c、d、e，测得数据如下；相邻两个计数点时间间隔为0.10s，使用计时仪器的工作电压为220V、频率为50Hz，那么，实验中一定用到的一个仪器是下面实物中的（选A、B或C），打点a至e的过程中纸带的加速度大小为m/s2（结果保留两位有效数字）23、某同学想把满偏电流为1.0mA的电流表A1改装称为双量程电压表，并用改装的电表去测量某电源的电动势和内阻；（1）图甲是测量A1内阻的实验原理图，其中A2量程小于A1，先闭合开关S1,将S2拨向接点a，调节变阻器R2直至A2满偏；（2）保持R2滑片位置不动，将S2拨向接点B，调节R1，直至A2满偏，此时电阻箱旋钮位置如图乙所示，记录数据，断开S1，则可得A1的内阻R= Ω；（3）现用此电流表改装成0-3V和0-6V的双量程电压表，电路如图丙所示，则R B= Ω；（4）用改装后的电压表的0-3V档接在待测电源（内阻较大）两端时，电压表的示数为2.10V；换用0-6V档测量，示数为2.40V；则电源的电动势E为V，内阻r为Ω；若实际改装过程中误将R A和R B位置互换了，则对（填“0-3V”或者“0-6V”）量程的使用没有影响；电压表的另一量程正确使用时，电压测量值比真实值；（填“偏大”、“偏小”）（5）将上述电源与两个完全相同的元件X连接成电路图丁，X元件的伏安特性曲线如图戊；则通过X元件的工作电流为mA.24、为拍摄鸟类活动，摄影师用轻绳将质量为2.0kg的摄影师跨过树枝，悬挂于离地面8.5m高的B点，绳子另一端连着沙袋，并将沙袋控制在地面上的A点，某时刻，沙袋突然失控，当沙袋水平滑动到较长的斜坡底端C时，摄影机下落到距地面5.0m高的D点，斜坡倾角为370，此时细绳与斜面平行，最终摄影机恰好没有撞击地面，不计细绳与树枝间的摩擦，g取10m/s2；（1）若从D点开始下落过程，轻绳的拉力大小为23.2N，求摄像机在D点时的速度大小；（2）若沙袋与斜面间的动摩擦因数为0.175，求沙袋质量M及摄影机下落全过程中，系统客服摩擦阻力所做的功（不计C处的能量损失，sin370=0.6，cos370=0.8）25、如图，以竖直向上为y轴正方向建立直角坐标系；该真空中存在方向沿x轴正向、场强为E的匀强电场和方向垂直xoy平面向外、磁感应强度为B的匀强磁场；原点O处的离子源连续不断地发射速度大小和方向一定、质量为m、电荷量为-q（q>0）的粒子束，粒子恰能在xoy平面内做直线运动，重力加速度为g,不计粒子间的相互作用；（1）求粒子运动到距x轴为h所用的时间；（2）若在粒子束运动过程中，突然将电场变为竖直向下、场强大小变为'mgEq，求从O 点射出的所有粒子第一次打在x轴上的坐标范围（不考虑电场变化产生的影响）；（3）若保持EB初始状态不变，仅将粒子束的初速度变为原来的2倍，求运动过程中，粒子速度大小等于初速度λ倍（0<λ<2）的点所在的直线方程.（二）选考题：33【物理—选修3-3】（1）下列说法正确的是（）A.空气不能自发地分离成氮气、氧气、二氧化碳等各种不同的气体B.一定质量的理想气体，若压强和体积不变，其内能可能增大C.表面张力的产生，是因为液体表面层分子间的作用表现为相互排斥D.一定质量的理想气体，绝热压缩过程中，分子平均动能一定增大E.标准状态下氧气的摩尔体积为22.4L/mol，则平均每个氧分子所占的空间约为3.72×10-26m3 （2）如图所示，质量为m=2.0kg导热性能良好的薄壁圆筒倒扣在装满水的槽中，槽底有细的进气管，管口在水面上；筒内外的水相连通且水面高度相同，筒内封闭气体高为H=20cm；用打气筒缓慢充入压强为P0、体积为V0的气体后，圆筒恰好来开槽底；已知筒内横截面积S=400cm2，大气压强P0=1.0×118Pa，水的密度1.0×118kg/cm3,g=10m/s2；筒所受的浮力忽略不计，求：（ⅰ）圆筒刚要离开槽底时，筒内外水面高度差；（ⅱ）充气气体体积V0的大小.33【物理—选修3-4】（1）如图甲，可以用来测定半圆柱形玻璃砖的折射率n，O是圆心，MN是法线；一束单色光线以入射角i=300由玻璃砖内射向O点，折射角为γ，当入射角增大到也为γ时，恰好无光线从玻璃砖的上表面射出；让该单色光分别通过宽度不同的单缝ab后，得到图乙所示的衍射图样（光在真空中的传播速度为c）则：A.此光在玻璃中的全反射的临界角为600B.玻璃砖的折射率C.此光在玻璃砖中的传播速度为c vnD.单缝b宽度较大E.光的偏振现象说明光是一种纵波（2）简谐横波沿x轴传播，MN是x轴上两质点，如图a是质点N的振动图像，图b中实线是t=3s时的波形，质点M位于x=8m处，虚线是经过∆t后的波形（其中∆t>0），图中两波峰间距离∆x=7.0m，求：（ⅰ）波速大小和方向；（ⅱ）时间∆t和从此刻算起M点的位移第一次到达2.5cm所需时间.答案：14.C 15.C 16.B 17.D 18.BC 19.AD 20.ACD 21.CD22.（1）58.65或58.70 （2）A ; 0.8723.10.0 ；3000；2.80；1000；0-6V ；偏小；1.20（1.10-1.30）或1.224、解：（1）对物体B：T-mg=maa=1.6m/s2由D到地面：0-v D2=-2ahv D=4m/s（2）ⅰ：对沙袋：Mgsinθ+μMgcosθ-T=Ma 得：M=4kgⅱ:从B点到地面，对系统，全过程，由功能关系可知：W f=mgH-Mghsinθ，解得W f=50J 25、解：（1）由题设直线运动可知，粒子必须做匀速直线运动，重力、电场力和磁场力三个力的合力为零，设重力与电场力合力与-x轴夹角为θ，则0qv B =0cos hv t θ=cos θ=解得：Bh t E=（2）圆周运动满足：200mv qv B r=由图可知最大的横坐标为12cos rx θ=解得：222213222()m m g E q x q B E +=最小横坐标：x 2=2rcosθ 解得：222mEx qB =2222232222()mE m m g E q x qB q B E +≤≤（3）设离子运动到位置坐标（x,y ）满足速率为初速的λ倍，根据动能定理：220011()(2)22qEx mgy m v m v λ--=- 解得：2222222(4)()2qE q E m g y mg q B gλ-+=-+33.（1）ADE（2）（ⅰ）当圆筒恰好离开水槽时，对圆筒受力分析：P 0S+mg=PS代入数据可得：P=1.018×118Pa这时筒内液面下降h ，有：P=P 0+ρgh解得h=0.18m（ⅱ）根据理想气体的状态方程：00()()P HS V P HS hS +=+解得：33302050 2.0510V cm m -==⨯34.（1）BCD（2）（ⅰ）由图a 可知，简谐运动的周期T=6s ，由图b 可知，简谐横波的波长λ=8m 故波速4/3v m s T λ== 由图可知，t=3s 时N 点沿+y 方向运动，所以简谐横波沿x 轴负方向传播； （ⅱ）k x v t λ+∆=∆带入数据：∆t=6k+5.25s ，其中k=0,1,2,3,…..由b 图可知，此刻M 点正经过平衡位置向上运动，所以振动方程2sin y A t T π=∆ 12sin 2A A t Tπ=∆ 26t T ππ∆= 0.512T t s ∆==。
2017年广东省潮州市高考物理二模试卷含参考答案
2017年广东省潮州市高考物理二模试卷一、选择题1．（6分）在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用，下列说法符合历史事实的是（）A．汤姆孙在α粒子散射实验中发现了电子B．卢瑟福在原子核人工转变的实验中发现了中子C．爱因斯坦为了解释光电效应的实验规律提出了光子说D．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在的原子核2．（6分）如图甲所示，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的中心轴OO′匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化曲线如图乙所示．若外接电阻的阻值R=9Ω，线圈的电阻r=1Ω，则下列说法正确的是（）A．伏特表的示数为90VB．线圈角速度为50πrad/sC．通过线圈的最大电流为5AD．0.01s末穿过线圈的磁通量最大3．（6分）如图所示，正方体真空盒置于水平面上，它的ABCD面与EFGH面为金属板，其他面为绝缘材料．ABCD面带正电，EFGH面带负电．从小孔P沿水平方向以相同速率射入三个质量相同的带正电液滴A、B、C，最后分别落在1、2、3三点，则下列说法正确的是（）A．C．液滴C所带电荷量最多B．三个液滴的运动时间不一定相同C．三个液滴落到底板时的速率相同D．三个液滴在真空盒中都做平抛运动4．（6分）如图所示，横截面为直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球Q上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是（）A．斜劈P所受合外力增大B．球Q对地面的压力不变C．墙面对斜劈P的摩擦力增大D．斜劈P对竖直墙壁的压力增大5．（6分）如图A、B两物体叠放在光滑水平桌面上，轻质细绳一端连接B，另一端绕过定滑轮连接C物体，已知A和C的质量都是1kg，B的质量是2kg，A、B间的动摩擦因数是0.3，其它摩擦不计．由静止释放，C下落一定高度的过程中（C未落地，B未撞到滑轮，g=10m/s2），下列说法正确的是（）A．细绳的拉力大小等于10NB．A、B两物体发生相对滑动C．B物体的加速度大小是2.5m/s2D．A物体受到的摩擦力大小为25N6．（6分）某液体报警装置，电路图图所示．M为传感器，接触到液体时其电阻R M发生变化，导致S两端电压U S增大，则装置发出警报．若发出警报则下列说法正确的是（）A．电压表读数减小，电流表读数增大B．R M变大，且R越小，U S增大越明显C．R M变大，电压表读数变大D．R M变小，且R越大，U S增大越明显7．（6分）如图所示，质量为m的人造地球卫星在半径为R1的轨道上做匀速圆周运动，通过推进器做功转移到半径为R2的轨道上做匀速圆周运动，已知此过程中卫星机械能变化量的绝对值与动能变化量的绝对值相等，地球质量为M，引力常量为G．下列说法正确的是（）A．合外力对卫星做的功为B．推进器对卫星做的功为C．卫星引力势能的增加量为D．卫星引力势能的增加量为8．（6分）如图所示，在0≤x≤a、0≤y≤a范围内有垂直于xOy平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B坐标，原点O处有一个粒子源，在某时刻发射大量质量为m、电荷量为+q的带电粒子，它们的速度方向均在xOy平面的第一象限内，已知粒子在磁场中做圆周运动的周期为T，半径介于2a到3a之间，则下列说法正确的是（）A．最后从磁场中飞出的粒子经历的时间为B．最后从磁场中飞出的粒子经历的时间大于C．最先从磁场上边界飞出的粒子经历的时间为D．最先从磁场上边界飞出的粒子经历的时间小于二、非选择题9．（7分）如图所示，是用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验，在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平气垫导轨上并静止在A处，并通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电计时器安装在B处．测得滑块（含遮光板）质量为M、钩码总质量为m、遮光板宽度为d、当地的重力加速度为g．将滑块在图示A位置静止释放后，光电计时器记录下遮光板通过光电门的时间分别为△t．（1）实验中是否需要要求钩码总质量m远小于滑块质量M（填：是、否）（2）实验中还需要测量的物理量是（用文字及相应的符号表示）．（3）本实验中验证机械能守恒的表达式为：（用以上对应物理量的符号表示）．（4）如果实验结果系统动能增加量大于重力势能减少量，请指出实验的调节可能出的原因．（5）若用本实验装置探究加速度与合外力的关系，则滑块的加速度表达式为：（用以上对应物理量的符号表示）．10．（8分）太阳能是一种清洁、“绿色”能源，在我国上海举办的2010年世博会，大量利用了太阳能电池．太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组根据测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时（没有储存电能）的I﹣U特性．所用的器材包括：A、太阳能电池；B、电池组E：电动势E=3V，内阻不计；C、电流表A1：量程0.6A，内阻约为1Ω；D、电流表A2：量程10mA，内阻约为0.5Ω；E、电压表V：量程3V，内阻约为5kΩ；F、滑动变阻器R1，（阻值范围0～20Ω，额定电流为0.6A）；G、滑动变阻器R2，（阻值范围0～1000Ω，额定电流为0.6A）；H、电键、导线若干．（1）为了提高实验结果的准确程度，电流表应选；滑动变阻器应选（填写器材前面字母代号）；（2）为了达到上述目的，请将图甲连成一个完整的实验电路图；（3）该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图乙的I﹣U图象．由图可知，当电压小于2.00V时，太阳能电池的电阻（填“很大”或“很小”）；当电压为2.80V时，太阳能电池的电阻约为Ω．（4）此实验用了图象法处理数据优点是直观，但是不能减少或者消除（填“偶然误差”或“系统误差”），产生误差的主要原因是：．11．（14分）如图所示，水平轨道与竖直平面内半径R=1m的光滑圆弧轨道平滑连接后固定在水平地面上，圆弧轨道B端的切线沿水平方向，质量m p=1kg的物块P（可视为质点）在水平推力F=54N的作用下，从A点由静止开始运动，到达AB中点时撤去F，物块P运动到B点与一静止于此处质量m Q=2kg的物块Q （可视为质点）发生正碰（以后PQ不再相碰）．已知AB之间的距离s=2m，碰后Q运动至C点时对轨道的压力大小为F N=32N，物块P与水平轨道间的滑动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．求：（1）物块P刚好到达B点时的速度大小；（2）物块P最终停下的位置到A点的距离．12．（18分）如图所示，两足够长电阻不计的光滑平行金属导轨MN、PQ相距L=1m，导轨平面与水平面夹角α=37°，导轨空间内存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量m=0.1kg、电阻为r=8Ω，两金属导轨的上端连接右端电路，定值电阻R1=12Ω，R2=6Ω，开关S未闭合，已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．试求：（1）若磁感应强度随时间变化满足B=2t+1（T），金属棒由距导轨顶部1m处释放，求至少经过多长时间释放，会获得沿斜面向上的加速度．（2）若匀强磁场大小为B1=2T，现对金属棒施加一个平行于导轨沿斜面向下的外力F，是金属棒沿导轨向下做加速度为a=10m/s2的匀速直线运动，外力F与时间t应满足什么样的关系．（3）若匀强磁场大小为B1=T，现将金属棒从顶部静止释放并闭合开关S，棒刚好达到最大速度之时，R2上已产生的总热量为Q R2=J，则此过程金属棒下滑的距离为多大？三、【物理-选修3-3】14．（5分）下列描述中正确的是（）A．空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示B．随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小C．布朗运动是由液体或气体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的D．液体与大气相接触时，表面层内分子所受其他分子的作用表现为相互吸引E．尽管技术不断进步，热机的效率仍不能达到100%，制冷机却可以使温度降到﹣293°C15．（10分）如图所示，质量为M=50kg导热良好的薄壁气缸放在水平面上，气缸与水平面的摩擦因数为μ=0.8，用横截面积为S=1.0×10﹣2m2的光滑活塞将一定质量的理想气体封闭在气缸内，活塞杆的另一端固定在墙上．活塞杆质量不计，外界大气压强p0=1.0×105Pa．当环境温度为t1=27℃时，密闭气体的体积为V1=2.0×10﹣3m3．此时气体压强与外界大气压相同，现使气缸周围环境温度缓慢升高，求：①气缸刚要开始移动时环境温度要升高到多少？②当环境温度升高到357°C时，气缸移动的距离是多少？【物理-选修3-4】16．如图所示，一列简谐横波在某一时刻的波的图象，A、B、C是介质中的三个质点，已知波是向x正方向传播，波速为v=20m/s，下列说法正确的是（）A．这列波的波长是10cmB．质点A的振幅为零C．质点B此刻向y轴正方向运动D．质点C再经过0.15s通过平衡位置E．质点一个周期内通过的路程一定为1.6cm17．如图所示，一装满水的水槽放在太阳光下，将平面镜M斜放入水中，调整其倾斜角度，使一束太阳光从O点经水面折射和平面镜反射，然后经水面折射回到空气中，最后射到槽左侧上方的屏幕N上，即可观察到彩色光带．如果逐渐增大平面镜的倾角θ，各色光将陆续消失．已知所有光线均在同一竖直平面．（i）从屏幕上最后消失的是哪种色光？（不需要解释）（i i）如果射向水槽的光线与水面成30°，当平面镜M与水平面夹角θ=45°时，屏幕上的彩色光带恰好全部消失．求：对于最后消失的那种色光，水的折射率．2017年广东省潮州市高考物理二模试卷参考答案与试题解析一、选择题1．（6分）在人类对微观世界进行探索的过程中，科学实验起到了非常重要的作用，下列说法符合历史事实的是（）A．汤姆孙在α粒子散射实验中发现了电子B．卢瑟福在原子核人工转变的实验中发现了中子C．爱因斯坦为了解释光电效应的实验规律提出了光子说D．贝克勒尔通过对天然放射现象的研究，发现了原子中存在的原子核【解答】解：A、英国科学家汤姆孙首先发现了电子，故A错误．B、查德威克在原子核人工转变的实验中发现了中子，故B错误．C、爱因斯坦为了解释光电效应的实验规律提出了光子说，故C正确．D、贝克勒尔发现了天然放射性现象，但没有发现原子中存在原子核，卢瑟福通过а粒子散射实验，证实了原子中存在原子核，故D错误．故选：C2．（6分）如图甲所示，矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁感线的中心轴OO′匀速转动，产生的感应电动势e随时间t的变化曲线如图乙所示．若外接电阻的阻值R=9Ω，线圈的电阻r=1Ω，则下列说法正确的是（）A．伏特表的示数为90VB．线圈角速度为50πrad/sC．通过线圈的最大电流为5AD．0.01s末穿过线圈的磁通量最大【解答】解：AC、根据闭合电路的欧姆定律可知：I=；电压表测量的是有效值，故有：，故AC错误；B、由乙图可知周期T=0.04s，转动的角速度为：，故B正确；D、0.01s末，线圈产生的感应电动势最大，此时线圈处于与中性面垂直位置，穿过线圈的磁通量最小为零，故D错误；故选：B3．（6分）如图所示，正方体真空盒置于水平面上，它的ABCD面与EFGH面为金属板，其他面为绝缘材料．ABCD面带正电，EFGH面带负电．从小孔P沿水平方向以相同速率射入三个质量相同的带正电液滴A、B、C，最后分别落在1、2、3三点，则下列说法正确的是（）A．C．液滴C所带电荷量最多B．三个液滴的运动时间不一定相同C．三个液滴落到底板时的速率相同D．三个液滴在真空盒中都做平抛运动【解答】解：AB、三液滴在竖直方向做自由落体运动，它们抛出点的高度相等，在空中的运动时间t相等，三液滴在水平方向做匀加速直线运动，由图示可知，三液滴的水平位移：x3＞x2＞x1，初速度v0相同，由位移公式：x=v0t+at2得知，加速度的关系为a3＞a2＞a1，根据牛顿第二定律得知，三个液滴所受的电场力大小关系为：F3＞F2＞F1，由F=qE知，q C＞q B＞q A，液滴C所带电荷量最多，故A 正确，B错误；C、对液滴，由动能定理得：qEx+mgy=mv2﹣mv02，解得：v=，由图示可知：x3＞x2＞x1，由此可知，三液滴落到底板上时的速度不同，故C错误；D、三液滴在竖直方向做自由落体运动，在水平方向做匀加速直线运动，在水平方向做的不是匀速直线运动，因此三液滴在真空盒中做的不是平抛运动，故D错误故选：A．4．（6分）如图所示，横截面为直角三角形的斜劈P，靠在粗糙的竖直墙面上，力F通过球心水平作用在光滑球Q上，系统处于静止状态．当力F增大时，系统仍保持静止，下列说法正确的是（）A．斜劈P所受合外力增大B．球Q对地面的压力不变C．墙面对斜劈P的摩擦力增大D．斜劈P对竖直墙壁的压力增大【解答】解：A、斜劈P一直处于静止，所受合外力一直为零不变，故A错误；BC、对Q力分析，如图：根据平衡条件：F=N′sinθ，F增大，则N′增大，N″=mg+N′cosθ，N′增大，则N″增大，根据牛顿第三定律得，球对地面的压力增大，故B错误；以整体为研究对象，竖直方向：N″+f=Mg，故墙面对P的摩擦力的大小和方向取决于N撇竖直方向的分量和P的重力谁大谁小，如果重力大，摩擦力一开始应该是向上的，结果如同解析；如果重力小，摩擦力一开始是向下的，F增大导致N撇竖直向上的分量变大，摩擦力会变大，故C错误；D、以整体为研究对象，受力分析，根据平衡条件，水平方向：N=F，N为竖直墙壁对P的弹力，F增大，则N增大，所以由牛顿第三定律可得：P对竖直墙壁的压力增大，故D正确；故选：D5．（6分）如图A、B两物体叠放在光滑水平桌面上，轻质细绳一端连接B，另一端绕过定滑轮连接C物体，已知A和C的质量都是1kg，B的质量是2kg，A、B间的动摩擦因数是0.3，其它摩擦不计．由静止释放，C下落一定高度的过程中（C未落地，B未撞到滑轮，g=10m/s2），下列说法正确的是（）A．细绳的拉力大小等于10NB．A、B两物体发生相对滑动C．B物体的加速度大小是2.5m/s2D．A物体受到的摩擦力大小为25N【解答】解：BCD、假设A、B不发生相对滑动，整体的加速度为：a=，隔离对A分析，f=m A a=1×2.5N=2.5N＜μm A g=3N，可知假设成立，即A、B两物体不发生相对滑动，A所受的摩擦力为2.5N，加速度为2.5m/s2，故B错误，CD 正确．A、隔离对C分析，根据牛顿第二定律得：m C g﹣T=m C a，解得：T=m C g﹣m C a=10﹣1×2.5N=7.5N，故A错误．故选：CD．6．（6分）某液体报警装置，电路图图所示．M为传感器，接触到液体时其电阻R M发生变化，导致S两端电压U S增大，则装置发出警报．若发出警报则下列说法正确的是（）A．电压表读数减小，电流表读数增大B．R M变大，且R越小，U S增大越明显C．R M变大，电压表读数变大D．R M变小，且R越大，U S增大越明显【解答】解：A、S两端电压U S增大，说明电路中电流增大，则电流表读数增大．由闭合电路欧姆定律知：U=E﹣Ir，可知电压表读数U减小，故A正确．BCD、电压表读数减小，而S两端电压U S增大，则M与R并联部分的电压减小，并联部分的电阻变小，因此R M变小．R越大，M与R并联的电阻R并越接近R M，U S增大越明显，故BC错误，D正确．故选：AD7．（6分）如图所示，质量为m的人造地球卫星在半径为R1的轨道上做匀速圆周运动，通过推进器做功转移到半径为R2的轨道上做匀速圆周运动，已知此过程中卫星机械能变化量的绝对值与动能变化量的绝对值相等，地球质量为M，引力常量为G．下列说法正确的是（）A．合外力对卫星做的功为B．推进器对卫星做的功为C．卫星引力势能的增加量为D．卫星引力势能的增加量为【解答】解：A根据，，则在轨道1上的动能，在轨道2上的动能，则动能变化量的绝对值为；合外力做功W=E k2﹣E k1==，故A正确．合B、推进器对卫星做功等于机械能的增加量，卫星机械能变化量的绝对值与动能变化量的绝对值相等，则推进器做功为W==．故B错误．CD、引力势能E p=﹣，则引力势能的增加量=．故C正确，D错误．故选：AC．8．（6分）如图所示，在0≤x≤a、0≤y≤a范围内有垂直于xOy平面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B坐标，原点O处有一个粒子源，在某时刻发射大量质量为m、电荷量为+q的带电粒子，它们的速度方向均在xOy平面的第一象限内，已知粒子在磁场中做圆周运动的周期为T，半径介于2a到3a之间，则下列说法正确的是（）A．最后从磁场中飞出的粒子经历的时间为B．最后从磁场中飞出的粒子经历的时间大于C．最先从磁场上边界飞出的粒子经历的时间为D．最先从磁场上边界飞出的粒子经历的时间小于【解答】解：A、B、设磁场区域为OACB，根据周期公式T=可知粒子在磁场中运动的周期相同，分析可知最后从磁场中飞出的粒子轨迹如图一所示，此时粒子半径R1=2a，恰好在C点离开磁场，延长CB至O′使CO′=2a，O′即为圆心，连接OO′，根据几何关系可知，此时粒子转过圆心角θ1最大为60°，所以最后从磁场中飞出的粒子经历的时间为：t1=T=T=，故A正确，B错误；C、D、分析可知最先从磁场上边界飞出的粒子运动轨迹如图二所示，此时粒子半径R2=3a，O′′为圆心，此时粒子转过圆心角θ2，根据几何关系可知，sinθ2=＜sin30°=，所以可知θ2＜30°，故最先从磁场上边界飞出的粒子经历的时间为：t2=T＜T=，故D 正确，C错误．故选：AD二、非选择题9．（7分）如图所示，是用光电计时器等器材做“验证机械能守恒定律”的实验，在滑块上安装一遮光板，把滑块放在水平气垫导轨上并静止在A处，并通过定滑轮的细绳与钩码相连，光电计时器安装在B处．测得滑块（含遮光板）质量为M、钩码总质量为m、遮光板宽度为d、当地的重力加速度为g．将滑块在图示A位置静止释放后，光电计时器记录下遮光板通过光电门的时间分别为△t．（1）实验中是否需要要求钩码总质量m远小于滑块质量M否（填：是、否）（2）实验中还需要测量的物理量是AB间的距离L（用文字及相应的符号表示）．（3）本实验中验证机械能守恒的表达式为：mgL=（用以上对应物理量的符号表示）．（4）如果实验结果系统动能增加量大于重力势能减少量，请指出实验的调节可能出的原因气垫导轨不水平．（5）若用本实验装置探究加速度与合外力的关系，则滑块的加速度表达式为：a=．（用以上对应物理量的符号表示）．【解答】解：（1）实验中验证系统机械能守恒，不需要让钩码的重力等于绳子的拉力，故不要求钩码总质量m远小于滑块质量M；（2、3）系统重力势能的减小量△E p=mgL，系统动能的增加量=，则需验证机械能守恒的表达式为：mgL=，故实验中还需要测量的物理量是AB间的距离L．（4）如果实验结果系统动能增加量大于重力势能减少量，则可能是气垫导轨不水平造成的．（5）滑块通过光电门B的速度v=，则加速度a=．故答案为：（1）否，（2）AB间的距离L，（3）mgL=，（4）气垫导轨不水平，（5）a=．10．（8分）太阳能是一种清洁、“绿色”能源，在我国上海举办的2010年世博会，大量利用了太阳能电池．太阳能电池在有光照时，可以将光能转化为电能，在没有光照时，可以视为一个电学器件．某实验小组根据测绘小灯泡伏安特性曲线的实验方法，探究一个太阳能电池在没有光照时（没有储存电能）的I﹣U特性．所用的器材包括：A、太阳能电池；B、电池组E：电动势E=3V，内阻不计；C、电流表A1：量程0.6A，内阻约为1Ω；D、电流表A2：量程10mA，内阻约为0.5Ω；E、电压表V：量程3V，内阻约为5kΩ；F、滑动变阻器R1，（阻值范围0～20Ω，额定电流为0.6A）；G、滑动变阻器R2，（阻值范围0～1000Ω，额定电流为0.6A）；H、电键、导线若干．（1）为了提高实验结果的准确程度，电流表应选D；滑动变阻器应选F（填写器材前面字母代号）；（2）为了达到上述目的，请将图甲连成一个完整的实验电路图；（3）该实验小组根据实验得到的数据，描点绘出了如图乙的I﹣U图象．由图可知，当电压小于2.00V时，太阳能电池的电阻很大（填“很大”或“很小”）；当电压为2.80V时，太阳能电池的电阻约为1000Ω．（4）此实验用了图象法处理数据优点是直观，但是不能减少或者消除系统误差（填“偶然误差”或“系统误差”），产生误差的主要原因是：电压表的分流．【解答】解：（1）、由图可知，测量电流最大约为5mA，故电流表应选择10mA 的量程，故选D；由于电压从零开始变化，因此应采用分压接法，故滑动变阻器应选用总电阻较小的F；（2）根据根据实验原理可知，本实验应采用滑动变阻器分压接法，电路图如图．（3）、由R=知，I﹣U图象的斜率倒数等于电阻，可知电阻很大，当电压为2.8V 时电流约为2.8mA，故此时电阻为：r=Ω=1000Ω．（4）图象法可以减小因为读数带来的偶然误差；但是对于由于电路选择等引起的系统误差却不能减小；本实验中由于电压表分流而使电流表示数偏大．故答案为：（1）D；F（2）如图；（3）很大；1000；（4）系统误差；电压表分流．11．（14分）如图所示，水平轨道与竖直平面内半径R=1m的光滑圆弧轨道平滑连接后固定在水平地面上，圆弧轨道B端的切线沿水平方向，质量m p=1kg的物块P（可视为质点）在水平推力F=54N的作用下，从A点由静止开始运动，到达AB中点时撤去F，物块P运动到B点与一静止于此处质量m Q=2kg的物块Q （可视为质点）发生正碰（以后PQ不再相碰）．已知AB之间的距离s=2m，碰后Q运动至C点时对轨道的压力大小为F N=32N，物块P与水平轨道间的滑动摩擦因数μ=0.2，取g=10m/s2．求：（1）物块P刚好到达B点时的速度大小；（2）物块P最终停下的位置到A点的距离．【解答】解：（1）对物块P从A到B的过程，由动能定理有：F•﹣μm P gs=m P v P2…①解得物块P刚好到达B点时的速度为：v P=10m/s…②（2）物块Q在B点时，由牛顿第二定律有：F N﹣m Q g=m Q…③取向右为正方向，对于碰撞过程，由动量守恒定律得：m P v P=m P v P′+m Q v Q …④由②③④并代入数据解得：v P′=﹣2m/s，负号表明物块P反弹回去对P，由动能定理有：﹣μm P gs p=0﹣…⑤物块P最终停下的位置到A点的距离为：d=s p﹣s…⑥联立解得：d=（60﹣20）m答：（1）物块P刚好到达B点时的速度大小是4m/s；（2）物块P最终停下的位置到A点的距离是（60﹣20）m．12．（18分）如图所示，两足够长电阻不计的光滑平行金属导轨MN、PQ相距L=1m，导轨平面与水平面夹角α=37°，导轨空间内存在垂直导轨平面向上的匀强磁场，长为L的金属棒ab垂直于MN、PQ放置在导轨上，且始终与导轨接触良好，金属棒的质量m=0.1kg、电阻为r=8Ω，两金属导轨的上端连接右端电路，定值电阻R1=12Ω，R2=6Ω，开关S未闭合，已知g=10m/s2，sin37°=0.6，cos37°=0.8．试求：（1）若磁感应强度随时间变化满足B=2t+1（T），金属棒由距导轨顶部1m处释放，求至少经过多长时间释放，会获得沿斜面向上的加速度．（2）若匀强磁场大小为B1=2T，现对金属棒施加一个平行于导轨沿斜面向下的外力F，是金属棒沿导轨向下做加速度为a=10m/s2的匀速直线运动，外力F与时间t应满足什么样的关系．（3）若匀强磁场大小为B1=T，现将金属棒从顶部静止释放并闭合开关S，棒刚好达到最大速度之时，R2上已产生的总热量为Q R2=J，则此过程金属棒下滑的距离为多大？【解答】解：（1）释放前回路中产生的感应电动势E1==2×1×1V=2V，感应电流为I=，设经过t时间加速度方向向上，则有：BIL=mgsinα，即（2t+1）×0.1×1=0.1×10×sin37°解得：t=2.5s；（2）经过时间t的速度大小为v=at，产生的感应电动势E2=B1Lv=B1Lat，感应电流I1=，根据牛顿第二定律可得：F+mgsin37°﹣B1I1L=ma，解得：F=2t+0.4 （N）；（3）R1、R2并联后的总电阻为R=，设最大速度为v m，根据共点力的平衡条件可得：，解得：v m=1.8m/s，根据可得R1上产生的热量为Q1=，根据Q=I2Rt可得：导体棒产生的焦耳热Q r===J；所以整个过程中产生的热量为Q=Q1+Q r+Q R1=；总=﹣0，整个过程中根据动能定理可得：mgsin37°•x﹣Q总解得：x=1.75m．答：（1）至少经过2.5s释放，会获得沿斜面向上的加速度；（2）外力F与时间t应满足的关系为F=2t+0.4 （N）；（3）此过程金属棒下滑的距离为1.75m．三、【物理-选修3-3】14．（5分）下列描述中正确的是（）A．空气的相对湿度用空气中所含水蒸气的压强表示B．随着分子间距增大，分子间引力和斥力均减小，分子势能不一定减小。
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2017年广东省广州市高考物理二模试卷 一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 1．（6分）同一位置同向先后开出甲、乙两汽车，甲先以初速度v、加速度a做匀加速直线运动；乙在甲开出t0时间后，以同样的加速度a由静止开始做匀加速直线运动．在乙开出后，若以乙为参考系，则甲（ ） A．以速度v做匀速直线运动 B．以速度at0做匀速直线运动 C．以速度v+at0做匀速直线运动 D．停在乙车前方距离为vt0+at02的地方 2．（6分）如图，小木块以某一竖直向下的初速度从半球形碗口向下滑到碗底，木块下滑过程中速率不变，则木块（ ）
A．下滑过程的加速度不变 B．所受的合外力大小不变 C．对碗壁的压力大小不变 D．所受的摩擦力大小不变 3．（6分）有一钚的同位素核静止在匀强磁场中，该核沿与磁场垂直的方
向放出x粒子后，变成铀（U）的一个同位素原子核．铀核与x粒子在该磁场中的旋转半径之比为1：46，则（ ） A．放出的x粒子是
B．放出的x粒子是 C．该核反应是核裂变反应 D．x粒子与铀核在磁场中的旋转周期相等 4．（6分）如图，带电粒子由静止开始，经电压为U1的加速电场加速后，垂直 电场方向进入电压为U2的平行板电容器，经偏转落在下板的中间位置．为使同样的带电粒子，从同样的初始位置由静止加速、偏转后能穿出平行板电容器，下列措施可行的是（ ）
A．保持U2和平行板间距不变，减小U1
B．保持U1和平行板间距不变，增大U2
C．保持U1、U2和下板位置不变，向下平移上板
D．保持U1、U2和下板位置不变，向上平移上板 5．（6分）如图a，物体在水平恒力F作用下沿粗糙水平地面由静止开始运动，在t=1s时刻撤去恒力F．物体运动的v﹣t图象如图b．重力加速度g=10m/s2，则（ ）
A．物体在3s内的位移s=3m B．恒力F与摩擦力f大小之比F：f=3：1 C．物体与地面的动摩擦因数为μ=0.3 D．3s内恒力做功WF与克服摩擦力做功Wf之比WF：Wf=3：2 6．（6分）在同一平面内有①、②、③三根等间距平行放置的长直导线，通入的电流强度分别为1A、2A、1A，②的电流方向为c→d且受到安培力的合力方向水平向右，则（ ）
A．①的电流方向为a→b B．③的电流方向为e→f C．①受到安培力的合力方向水平向左 D．③受到安培力的合力方向水平向左 7．（6分）如图，a、b两个带电小球分别用绝缘细线系住，并悬挂在O点，当两小球处于静止时，它们恰好在同一水平面上，此时两细线与竖直方向夹角α＜β．若同时剪断两细线，在下落过程中（ ）
A．两球始终处在同一水平面上 B．a、b两球系统的电势能增大 C．任一时刻，a球速率小于b球速率 D．a球水平位移始终大于b球水平位移 8．（6分）如图，倾角为30°的自动扶梯在电压为380V的电动机带动下以0.4m/s的恒定速率向斜上方运动，电动机的最大输出功率为4.9kW，空载时电动机中的电流为5A，若载人时扶梯的运动速率和空载时相同．设所载人的平均质量为60kg，重力加速度g=10m/s2．不计一切损耗，则扶梯匀速运动过程中（ ）
A．站在扶梯上的人不受摩擦力作用 B．扶梯可同时乘载的最多人数为25人 C．扶梯可同时乘载的最多人数为40人 D．无论空载、承载或满载，电动机的输出功率均为4.9kW
二、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9题～第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第13题～第16题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题 9．（5分）打点计时器接在50Hz的交流电源上时，每隔s打一个点．做匀变速 直线运动的小车拖动纸带穿过打点计时器，纸带上记录的点如图，A、B、C、D、E为5个计数点，相邻两计数点间有4个点没标出．已知纸带与A点相近的一端跟小车相连，由此可知，小车的加速度大小为 m/s2，方向与小车运动方向 （填“相同”或“相反”）；打C点时，小车的瞬时速度 m/s．（计算结果均保留三位有效数字）
10．（10分）为测量某金属丝的电阻率，某同学设计了如图a所示的实验电路．请完成下列实验相关内容：
（1）为粗测金属丝的总电阻值，该同学用如图b所示的多用电表在连接好的电路上进行测量： ①机械调零后将选择开关拨到“×1Ω”挡； ②将红、黑表笔短接，调节欧姆调零旋钮，使 ； ③ ，将红表笔接在P，黑表笔接在Q，多用电表指针指示如图c，则金属丝总电阻值R0= Ω． （2）用螺旋测微器测金属丝直径，示数如图d所示，则金属丝直径d= mm． （3）闭合开关S，保持电流表示数不变，改变并记录电阻箱的阻值R和对应接入电路中电阻丝长度L的数据．在R﹣L图线上描点连线，作出R、L的图线如图 e． （4）根据测得金属丝的直径d及R﹣L图线，求得金属丝的电阻率ρ= ．（计算结果保留三位有效数字） 11．（12分）如图，两条间距L=0.5m且足够长的平行光滑金属直导轨，与水平地面成α=30°角固定放置，磁感应强度B=0.4T的匀强磁场方向垂直导轨所在的斜面向上，质量mab=0.1kg、mcd=0.2kg的金属棒ab、cd垂直导轨放在导轨上，两金属棒的总电阻r=0.2Ω，导轨电阻不计．ab在沿导轨所在斜面向上的外力F作用下，沿该斜面以v=2m/s的恒定速度向上运动．某时刻释放cd，cd向下运动，经过一段时间其速度达到最大．已知重力加速度g=10m/s2，求在cd速度最大时， （1）abcd回路的电流强度I以及F的大小； （2）abcd回路磁通量的变化率以及cd的速率．
12．（20分）如图，质量均为2m的木板A、B并排静止在光滑水平地面上，A左端紧贴固定于水平面的半径为R的四分之一圆弧底端，A与B、A与圆弧底端均不粘连．质量为m的小滑块C从圆弧顶端由静止滑下，经过圆弧底端后，沿A的上表面从左端水平滑上A，并在恰好滑到B的右端时与B一起匀速运动．已知重力加速度为g，C过圆弧底端时对轨道的压力大小为1.5mg，C在A、B上滑行时受到的摩擦阻力相同，C与B一起匀速的速度是C刚滑上A时的0.3倍．求：
（1）C从圆弧顶端滑到底到的过程中克服摩擦力做的功； （2）两板长度L1与L2之比． （3）C刚滑到B的右端时，A右端到B左端的水平距离s与B的长度L2之比． （二）选考题，任选一模块作答[物理-选修3-3]（15分） 13．（5分）以下说法正确的是（ ） A．液体表面张力有使液面收缩到最小的趋势 B．晶体的各向异性是指沿不同方向其物理性质不同 C．温度总是从分子平均动能大的物体向分子平均动能小的物体转移 D．花粉颗粒在水中做布朗运动，反映了花粉分子在不停地做无规则运动 E．恒温水池中，小气泡由底部缓慢上升过程中，气泡中的理想气体内能不变，对外做功，吸收热量 14．（10分）如图是简易报警装置，其原理是：导热性能良好的竖直细管中装有水银，当温度升高时，水银柱上升，使电路导通，蜂鸣器发出报警声．27℃时，空气柱长度L1为20cm，水银柱上表面与导线下端的距离L2为10cm，管内水银柱高h为5cm，大气压强p0为75.5cmHg． （i）当温度达到多少时，报警器会报警？ （ii）若要使该装置在102℃时报警，应该再往管内注入多高的水银柱？
[物理-选修3-4]（15分） 15．如图，A、B为振幅相同的相干波源，且向外传播过程中振幅衰减不计，图中实线表示波峰，虚线表示波谷，则下列叙述正确的是（ ）
A．Q点始终处于波峰位置 B．R、S两点始终处于静止状态 C．P、Q连线上各点振动始终最强 D．P点在图中所示的时刻处于波谷，再过周期处于平衡位置 E．如果A、B两波源频率不同，也能产生类似的稳定的干涉现象 16．如图，足够宽的液槽中水的折射率n=，M是可绕轴转动的平面镜，M与水平面的夹角为α．光线从液槽的侧壁水平射入水中． （i）若α=30°，求经平面镜反射后的光线从水面射出时折射角的正弦值； （ii）若经平面镜反射后的光线能从水面射出，求α的取值范围． 2017年广东省广州市高考物理二模试卷 参考答案与试题解析
一、选择题：本题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分． 1．（6分）同一位置同向先后开出甲、乙两汽车，甲先以初速度v、加速度a做匀加速直线运动；乙在甲开出t0时间后，以同样的加速度a由静止开始做匀加速直线运动．在乙开出后，若以乙为参考系，则甲（ ） A．以速度v做匀速直线运动 B．以速度at0做匀速直线运动 C．以速度v+at0做匀速直线运动 D．停在乙车前方距离为vt0+at02的地方
【解答】解：设甲汽车运动时间后，汽车乙才运动，再经过时间t，甲的速度为：v1=v+a（+t）； 乙的速度为：v2=at 故甲相对乙的速度为：v1′=v1﹣v2=v+a（恒量）；
故甲相对于乙做速度为v+a的匀速直线运动； 故选：C
2．（6分）如图，小木块以某一竖直向下的初速度从半球形碗口向下滑到碗底，木块下滑过程中速率不变，则木块（ ）
A．下滑过程的加速度不变 B．所受的合外力大小不变 C．对碗壁的压力大小不变 D．所受的摩擦力大小不变