2017-2018学年湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中、江夏一中高二上学期12月联考数学(文)试题

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湖北省武汉市两校2017-2018学年高二10月联考语文试卷(含答案)

湖北省武汉市两校2017-2018学年高二10月联考语文试卷(含答案)

湖北省武汉市汉阳一中、江夏一中2017-2018学年高二10月联考考试时间:2017年10月10日上午8:00—10:00 试卷满分:150分一、现代文阅读(35分)(一)论述类文本阅读(9分,每小题3分)阅读下面的文字,完成1~3题。

传统中国重视人的主观能动因素,强调官员对民众的约束与塑造作用,因此,政治的着眼点在“治吏”上,要求官员清正廉明就成了传统政治的核心诉求之一。

而西方更着重于法典与制度的完备与执行,更为相信“法”的约束与规范作用。

这就使得传统中国与西方在“官吏”的定位方面出现非常大的区别。

西方的官吏是技术型官僚,以对法制的熟稔和贯彻为考核依据,局限在公权力领域,官员的私人领域并不影响其公权力领域的职位与权威。

而传统中国既要求官员具备技术型官僚的职能,又要求官员充当万民的表率,即所谓“青天大老爷”,被西方放置在个人层面的“道德”在传统中国却恰恰是约束的重点。

传统中国的政治理念是“政者,正也”,只有人“正”才能产生清明的政治,所以重视德性培养和德行考察。

如上所述,传统中国对官员的监督,除外在的法律监督外,还从道德角度进行监督,形成对官员进行风宪纠弹的言官系统。

言官系统的制度化及其效用的发挥,以明代最为典型。

明太祖朱元璋痛恨官吏的贪污腐败,建立了对官员进行监督的常制,监察御史和给事中合称“科道官”,共一百六七十人,这些人通常被称为“言官”,专职弹劾百司。

监察御史品秩不高,但代表皇帝,可以小制大,以内制外,尤其巡按御史,小事立断,大事奏裁,很有权威。

尤其需要注意的是,明朝没有宰相之制,都御史直接向皇帝负责,六部、地方政府和监察御史、给事中不相统属,避免了由于隶属关系而对言官产生行政干涉,保障了言官职能的有效发挥。

言官要起到肃清吏治的作用,由谁来担任言官就是非常慎重的事情了。

朱元璋要求由“贤良方正”之人来充任言官,内存忠厚之心,外振正直之气,政治上一定要忠君爱国。

明成祖朱棣则进一步强调言官要“有学识、通达治’’。

湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中2017-2018学年高三第一次模拟考试英语试卷 Word版含解析

湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中2017-2018学年高三第一次模拟考试英语试卷 Word版含解析

2017-2018学年全国高等学校统一招生考试汉阳一中仿真模拟(一)英语注意事项:1、答卷前,先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上,并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。

2、选择题的作答:每小题选出答案后,用合乎要求的2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

3、非选择题的作答:用合乎要求的签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。

写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

4、选考题的作答:先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用合乎要求的2B铅笔涂黑。

答案写在答题卡上对应的答题区域内,写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。

5、考试结束后,请将本试题卷和答题卡一并上交。

第I卷(选择题)第一部分听力(共两节,满分30分)第一节(共5小题;每小题1.5分,满分7.5分)听下面5段对话。

每段对话后有一个小题,从题中所给的A、B、C三个选项中选出最佳选项并标在试卷的相应位置。

听完每段对话后,你将有10秒钟的时间来回答有关小题和阅读下一小题。

每段对话仅读一遍。

1. Where does the woman want to go?A. To Oxford.B. To Liverpool.C. To London.2. How many people will go to the tennis game?A. 2.B. 3.C. 4.3. What does the woman ask the boy to do after school?A. Put away his school bag.B. Move the kitchen table.C. Hang up his coat.4. What do we know about Linda Rivera?A. She went traveling.B. She started a company.C. She was fired.5. What does the man mean?A. He prefers cold weather.B. He has had a difficult week.C. The temperature was good last week.第二节(共15小题;每小题1.5分,满分22.5分)听下面5段对话或独白。

湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中2017-2018学年高二上学期月考物理试卷(9月份) Word版含解析

湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中2017-2018学年高二上学期月考物理试卷(9月份) Word版含解析

2017-2018学年湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中高二(上)月考物理试卷(9月份)一、选择题(本题包括12小题.其中1-8题在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.9-12题有多个选项正确.全部选对的得4分,选不全的得2分,选错或不答的得0分,共48分.)1.铜的摩尔质量为m,密度为ρ,每摩尔铜原子有n个自由电子,今有一根横截面积为S的铜导线,当通过的电流为I时,电子平均定向移动的速率为()A.光速c B. C.D.2.两个放在绝缘架上的相同金属球相距d,球的半径比d小得多,分别带q和5q的电量,相互作用的静电引力为5F.现将这两个金属球接触,然后分开,仍放回原处,则它们的相互作用力将变为()A.0 B.5F C.4F D.9F3.在绕地球做匀速圆周运动的航天器中,物体处于完全失重状态,可以形成一种“重力屏蔽状态”.在航天器中建立电学实验室,可以有效消除常态下重力的影响.空腔导体内部可以实现静电屏蔽,在空腔导体内部建立物理实验室,可以有效消除外电场的干扰.下列说法正确的是()A.场是一种人为假设,实际是不存在的B.航天器中的“重力屏蔽状态”指的是航天器中不存在重力C.外电场在空腔导体的内部产生的场强为0,所以外电场被屏蔽D.在外电场作用下处于静电平衡的空腔导体,其内部的总电场强度为04.如图所示为某示波管内的聚焦电场,实线和虚线分别表示电场线和等势线则()A.场强E a>E b,E b>E cB.电势a>b,c>bC.沿cba路径移动质子与电子,电荷的电势能改变是一样的D.沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动5.关于电阻率,下列说法中不正确的是()A.所谓超导体,当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时,电阻率突然变为零B.各种材料的电阻率都与温度有关,金属的电阻率随温度升高而增大C.电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量,电阻率越大,其导电性能越好D.某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响,通常都用它们制作标准电阻6.如图所示的电路中,U=24V,滑动变阻器R2的最大值为100Ω,R1=50Ω.当滑片P滑至R2的中点时,a、b两端的电压为()A.8V B.12V C.16V D.4V7.如图所示,虚线表示某点电荷Q 所激发电场的等势面,已知a、b 两点在同一等势面上,c、d 两点在另一个等势面上.甲、乙两个带电粒子以相同的速率,沿不同的方向从同一点a 射入电场,在电场中沿不同的轨迹adb 曲线、acb 曲线运动.则下列说法正确的是()A.两粒子所带的电荷符号相同B.甲粒子经过c 点时的速度大于乙粒子经过d 点的速度C.两个粒子的电势能都是先减小后增大D.经过b 点时,两粒子的动能一定相等8.如图所示,电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动,然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中,入射方向跟极板平行,整个装置处于真空中,重力可忽略.在满足电子能射出平行板的条件下,下述四种情况中,一定能使电子的偏角φ变大的是()A.U1不变,U2变大B.U1变小,U2变小C.U1变大,U2变小D.U1变小,U2变大9.如图所示,由两块相互靠近正对的平行金属板组成的平行板电容器,极板N与静电计相接,极板M接地.用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U.在两板相距一定距离d时,给电容器充电,静电计指针张开一定角度.在整个实验过程中,保持电容器所带电量Q不变,下面哪些操作将使静电计指针张角变大()A.将M板竖直向下平移一小段距离B.将M板沿水平向左方向远离N板C.在之间插入云母板(介电常数ε>1)D.将M极板向里与N极板错开一些10.如图所示,两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点,且与纸面垂直,导线中通有大小相等、方向相反的电流.a、O、b在M、N的连线上,O为MN的中点,c、d位于MN 的中垂线上,且a、b、c、d到O点的距离均相等.关于以上几点处的磁场,下列说法正确的是()A.O点处的磁感应强度为零B.a、b两点处的磁感应强度大小相等,方向相反C.c、d两点处的磁感应强度大小相等,方向相同D.a、c两点处磁感应强度的方向相同11.一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U,额定电流为I,线圈电阻为R,将它接在电动势为E,内阻为r的直流电源的两极间,电动机恰好能正常工作,则()A.电动机消耗的总功率为UI B.电动机消耗的热功率为C.电源的输出功率为EI D.电源的效率为1﹣12.如图所示,I为电流表示数,U为电压表示数,P为定值电阻R2消耗的功率,Q为电容器C所带的电荷量,W为电源通过电荷量q时电源做的功.当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中,下列图象能正确反映各物理量关系的是()A.B.C.D.二.实验题(本题共3小题,共18分,其中13题每空2分,14题每空1分,15题(1)、(3)每题2分(2)题4分)13.图中游标卡尺显示的测量长度是mm;螺旋测微器显示的测量长度为mm.14.某实验小组亲自动手将电流计G改装成电压表和电流表.下面是他们的改装的原理图.其中甲图对应的是表,要是它量程加大,应使R1(填“增大”或“减小”);乙图对应的是表,要使它的量程加大,应使R2(填“增大”或“减小”);现在实验小组要将电流计G(满偏电流为2mA,内阻为100Ω)改装成量程为3A的电流表,则应与阻值为的电阻相连接;若将此电流计G 改装成量程为6V的电压表,则应与阻值为的电阻相连接.(结果保留两位有效数字)15.一只小灯泡,标有“3V 1.5W”字样.现要描绘小灯泡0~3V的伏安特性曲线.实验器材有:(1)在该实验中,设计了如图1所示的四个电路.为了减小误差,应选取的电路是(将选项代号的字母填在横线上);(2)按照所选电路对图2进行连线;(3)在描绘小灯泡的伏安特性时,以电流值作横坐标,电压值作纵坐标.所得的图线(图3)可能是图线中的.三、计算题(本题共4小题,共46分.把解答写在答题卡上,解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤,只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题,答案中必须明确写出数值和单位.)16.如图所示,一平行板电容器接在U=12V的直流电源上,电容C=3.0×10﹣10 F,两极板间距离d=1.20×10﹣3m,取g=10m/s2,求:(1)该电容器所带电量.(2)若板间有一带电微粒,其质量为m=2.0×10﹣3 kg,恰在板间处于静止状态,则该微粒带电量为多少?带何种电荷?17.“220V、66W”的电风扇,线圈电阻为20Ω,当接上220V电压后.求:(1)电风扇发热功率.(2)电风扇转化为机械能的功率.(3)如接上220V电源后,扇叶被卡住,不能转动,求电动机消耗的功率和发热的功率.18.如图所示,在平面直角坐标系中,有方向平行于坐标平面的匀强电场,坐标系内有A、B两点,其中A点坐标为(6cm,0)B点坐标为(0,cm),坐标原点O处的电势为0,点A处的电势为8V,点B处的电势为4V,现有一带电粒子从坐标原点O处沿电势为0的等势线方向以速度v=4×103m/s射入电场,粒子运动时恰好通过B点,不计粒子所受重力,求:(1)图中C处(3cm,0)的电势;(2)匀强电场的强度大小;(3)带电粒子的比荷.19.一电路如图所示,电源电动势E=28V,内阻r=2Ω,电阻R1=12Ω,R2=R4=4Ω,R3=8Ω,C 为平行板电容器,其电容C=3.0pF,虚线到两极板距离相等,极板长L=0.20m,两极板的间距d=1.0×10﹣2m.(1)若开关S处于断开状态,则当其闭合后,求流过R4的总电量为多少?(2)若开关S断开时,有一带电微粒沿虚线方向以v0=2.0m/s的初速度射入C的电场中,刚好沿虚线匀速运动,问:当开关S闭合后,此带电微粒以相同初速度沿虚线方向射入C的电场中,能否从C的电场中射出?(要求写出计算和分析过程,g取10m/s2)2017-2018学年湖北省武汉市蔡甸区汉阳一中高二(上)月考物理试卷(9月份)参考答案与试题解析一、选择题(本题包括12小题.其中1-8题在每小题给出的四个选项中,只有一个选项正确.9-12题有多个选项正确.全部选对的得4分,选不全的得2分,选错或不答的得0分,共48分.)1.铜的摩尔质量为m,密度为ρ,每摩尔铜原子有n个自由电子,今有一根横截面积为S的铜导线,当通过的电流为I时,电子平均定向移动的速率为()A.光速c B. C.D.【考点】电流、电压概念.【分析】设自由电子定向移动的速率为v和导线中自由电子从一端定向移到另一端所用时间为t,求出导线中自由电子的数目,根据电流的定义式推导出电流的微观表达式,解得自由电子定向移动的速率.【解答】解:单位长度质量为:M′=ρ•S•1;单位长度原子数为:N=•N A=;每个铜原子可以提供一个自由电子,故电子数为n=;电流I=;而t=;解得:v=;故选:D.2.两个放在绝缘架上的相同金属球相距d,球的半径比d小得多,分别带q和5q的电量,相互作用的静电引力为5F.现将这两个金属球接触,然后分开,仍放回原处,则它们的相互作用力将变为()A.0 B.5F C.4F D.9F【考点】库仑定律.【分析】由库仑定律可得出两球在接触前后的库仑力表达式,则根据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系【解答】解:由库仑定律可得:5F=k且相互作用的静电引力,则两球带的是异种电荷,因此两球的带电量均为=2q;则库仑力F′=k=4F;3.在绕地球做匀速圆周运动的航天器中,物体处于完全失重状态,可以形成一种“重力屏蔽状态”.在航天器中建立电学实验室,可以有效消除常态下重力的影响.空腔导体内部可以实现静电屏蔽,在空腔导体内部建立物理实验室,可以有效消除外电场的干扰.下列说法正确的是()A.场是一种人为假设,实际是不存在的B.航天器中的“重力屏蔽状态”指的是航天器中不存在重力C.外电场在空腔导体的内部产生的场强为0,所以外电场被屏蔽D.在外电场作用下处于静电平衡的空腔导体,其内部的总电场强度为0【考点】静电场中的导体.【分析】处于静电平衡状态的导体,电荷只分布在导体的外表面上.如果这个导体是中空的,当它达到静电平衡时,内部也将没有电场.这样,导体的外壳就会对它的内部起到“保护”作用,使它的内部不受外部电场的影响,这种现象称为静电屏蔽.【解答】解:A、场是看不见,摸不着,但是物质形态存在的.所以A错误.B、航天器中的“重力屏蔽状态”指的是航天器中物体间没有相互作用力,但仍存在重力.所以B错误.C、外电场在空腔导体的内部产生的场强,与感应电荷在内部的电场强度相互叠加后为0,所以C错误,D、由于静电屏蔽作用,导体的外壳就会对它的内部起到“保护”作用,使它的内部不受外部电场的影响.所以导体腔内任意点的场强为零,D正确.故选:D.4.如图所示为某示波管内的聚焦电场,实线和虚线分别表示电场线和等势线则()A.场强E a>E b,E b>E cB.电势a>b,c>bC.沿cba路径移动质子与电子,电荷的电势能改变是一样的D.沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动【考点】电场线.【分析】沿电场线电势降低,电场强度的大小与电场线的疏密的关系;沿着电场线方向电势是降低的.明确电荷在电场中的受力特点以及电场力做功情况,从而进一步判断电势能变化情况.根据受力情况,分析电子的运动情况.【解答】解:A、根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小,可知E a>E b>E c.故A正确.B、沿着电场线方向电势是降低的,同一等势面上各点的电势相等,则知φc>φb=φa.故B错误.C、沿cba路径移动质子与电子,根据公式W=qU,知由于电子与质子的电性相反,电场力对质子做正功,对电子做负功,则质子的电势能减小,电子的电势能增大.故C错误.D、沿bc方向直线射入的电子,所受的电场力沿cb方向,电子做直线运动.故D错误.5.关于电阻率,下列说法中不正确的是()A.所谓超导体,当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时,电阻率突然变为零B.各种材料的电阻率都与温度有关,金属的电阻率随温度升高而增大C.电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量,电阻率越大,其导电性能越好D.某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响,通常都用它们制作标准电阻【考点】电阻定律.【分析】电阻率是描述材料导电能力的物理量,材料的电阻率由材料本身性质决定,与材料长度和横截面积无关,受温度影响.【解答】解:A、所谓超导体,是当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时,它的电阻率突然减为零的现象,故A正确;B、电阻率表征了导体材料导电能力的强弱,由导体的材料决定,与温度有关,金属导体的电阻率随温度的升高而增大,故B正确;C、电阻率是表征材料导电性能好坏的物理量,电阻率越大,材料的导电性能越不好,故C不正确;D、某些合金的电阻率几乎不受温度变化的影响,常用来制作标准电阻,故D正确;本题选不正确的,故选:C6.如图所示的电路中,U=24V,滑动变阻器R2的最大值为100Ω,R1=50Ω.当滑片P滑至R2的中点时,a、b两端的电压为()A.8V B.12V C.16V D.4V【考点】串联电路和并联电路;路端电压与负载的关系.【分析】当滑片P滑至R2的中点时,变阻器下半部分电阻与R1并联后与上半部分电阻串联,根据串联电路电流相等的特点,由欧姆定律采用比例法求出a、b两端的电压.【解答】解:由图可知,滑片P滑至R2的中点时,变阻器下半部分电阻为R下=50Ω,则R下=R1=50Ω.则下半部分电阻与R1并联的阻值为R并=R1=25Ω则a、b两端的电压为:U ab=U=×24V=8V,故A正确,BCD错误.故选:A7.如图所示,虚线表示某点电荷Q 所激发电场的等势面,已知a、b 两点在同一等势面上,c、d 两点在另一个等势面上.甲、乙两个带电粒子以相同的速率,沿不同的方向从同一点a 射入电场,在电场中沿不同的轨迹adb 曲线、acb 曲线运动.则下列说法正确的是()A.两粒子所带的电荷符号相同B.甲粒子经过c 点时的速度大于乙粒子经过d 点的速度C.两个粒子的电势能都是先减小后增大D.经过b 点时,两粒子的动能一定相等【考点】等势面;电势能.【分析】根据轨迹的弯曲方向可判断两电荷所受的电场力方向,并能确定两电荷与Q电性的关系.根据电场力做功正负,由动能定理分析两粒子经过c、d两点的速度大小、确定电势能的变化.【解答】解:A、根据曲线运动时,质点所受的合力指向轨迹的内侧可知,甲受到引力,乙受到斥力,则甲与Q是异种电荷,而乙与Q是同种电荷,故两粒子所带的电荷为异种电荷.故A错误.B、甲粒子从a到c过程,电场力做正功,动能增加,而乙从a到d过程,电场力做负功,动能减小,两初动能相等,则知甲粒子经过c点时的速度大于乙粒子经过d点时的速度.故B 正确.C、甲粒子从a到b过程,电场力先做正功后做负功,电势能先减小后增大;电场力对乙粒子先做负功后做正功,电势能先增大后减小.故C错误.D、a与b点的电势相等,所以经过b点时,两粒子的速度再一次相等,而质量关系未知,不能确定动能的关系.故D错误.故选:B8.如图所示,电子在电势差为U1的加速电场中由静止开始运动,然后射入电势差为U2的两块平行板间的电场中,入射方向跟极板平行,整个装置处于真空中,重力可忽略.在满足电子能射出平行板的条件下,下述四种情况中,一定能使电子的偏角φ变大的是()A.U1不变,U2变大B.U1变小,U2变小C.U1变大,U2变小D.U1变小,U2变大【考点】带电粒子在匀强电场中的运动.【分析】电子在加速电场中,在电场力的作用下,做匀加速直线运动,可由电场力做功求出射出加速电场时的速度.电子在水平放置的平行板之间,因受到的电场力的方向与初速度的方向垂直,故电子做类平抛运动.运用平抛运动的竖直方向的速度与水平方向的速度的关系,可求出角度φ的变化情况.【解答】解:设电子被加速后获得初速为v0,则由动能定理得:qU1=mv02…①又设极板长为l,则电子在电场中偏转所用时间:t=…②又设电子在平行板间受电场力作用产生加速度为a,由牛顿第二定律得:a=…③电子射出偏转电场时,平行于电场方向的速度:v y=at…④由①、②、③、④可得:v y=又有:tanφ===故U1不变,U2变大,或U2变大,U1变小,或U1变小,U2不变,都可使偏转角φ变大,故AD正确,BC错误.故选:AD.9.如图所示,由两块相互靠近正对的平行金属板组成的平行板电容器,极板N与静电计相接,极板M接地.用静电计测量平行板电容器两极板间的电势差U.在两板相距一定距离d时,给电容器充电,静电计指针张开一定角度.在整个实验过程中,保持电容器所带电量Q不变,下面哪些操作将使静电计指针张角变大()A.将M板竖直向下平移一小段距离B.将M板沿水平向左方向远离N板C.在之间插入云母板(介电常数ε>1)D.将M极板向里与N极板错开一些【考点】电容器的动态分析.【分析】由题意,电容器所带电量Q保持不变,静电计指针张角变大,板间电势差U变大,由定义式分析电容C如何变化,根据决定式进行分析.【解答】解:由题意,电容器所带电量Q保持不变,静电计指针张角变大,板间电势差U变大,由C=分析可知,电容C应变小,根据C=分析可知,减小正对面积,增大板间距离、或抽出电介质.故选:AB.10.如图所示,两根相互平行的长直导线过纸面上的M、N两点,且与纸面垂直,导线中通有大小相等、方向相反的电流.a、O、b在M、N的连线上,O为MN的中点,c、d位于MN的中垂线上,且a、b、c、d到O点的距离均相等.关于以上几点处的磁场,下列说法正确的是()A.O点处的磁感应强度为零B.a、b两点处的磁感应强度大小相等,方向相反C.c、d两点处的磁感应强度大小相等,方向相同D.a、c两点处磁感应强度的方向相同【考点】通电直导线和通电线圈周围磁场的方向;磁感应强度.【分析】根据右手螺旋定则确定两根导线在a、b、c、d四点磁场的方向,根据平行四边形定则进行合成.【解答】解:A、根据右手螺旋定则,M处导线在o点产生的磁场方向竖直向下,N处导线在o点产生的磁场方向竖直向下,合成后磁感应强度不等于0,因此垂直于纸面向外的通电直导线受到的力不为零.故A错误.B、M在a处产生的磁场方向竖直向下,在b处产生的磁场方向竖直向下,N在a处产生的磁场方向竖直向下,b处产生的磁场方向竖直向下,根据场强的叠加知,a、b两点处磁感应强度大小相等,方向相同.当垂直于纸面向外的相同通电直导线受到的力大小相等,方向相同,故B错误.C、M在c处产生的磁场方向垂直于cM偏下,在d出产生的磁场方向垂直dM偏下,N在c 处产生的磁场方向垂直于cN偏下,在d处产生的磁场方向垂直于dN偏下,根据平行四边形定则,知c处的磁场方向竖直向下,d处的磁场方向竖直向下,且合场强大小相等.因此通电直导线受到的力大小相等,方向相同,故C正确.D、a、c两点的磁场方向都是竖直向下,则a、c两点处放垂直于纸面向外的相同通电直导线受到的力方向相同.故D正确.故选:CD.11.一个微型吸尘器的直流电动机的额定电压为U,额定电流为I,线圈电阻为R,将它接在电动势为E,内阻为r的直流电源的两极间,电动机恰好能正常工作,则()A.电动机消耗的总功率为UI B.电动机消耗的热功率为C.电源的输出功率为EI D.电源的效率为1﹣【考点】电功、电功率.【分析】在计算电功率的公式中,总功率用P=IU来计算,发热的功率用P=I2R来计算,如果是计算纯电阻的功率,这两个公式的计算结果是一样的,但对于电动机等非纯电阻,第一个计算的是总功率,第二个只是计算发热的功率,这两个的计算结果是不一样的.【解答】解:A、电动机消耗的总功率应该用P=IU来计算,所以总功率为IU,所以A正确;B、电动机消耗的热功率应该用P=I2R来计算,所以热功率P=I2R,所以B错误.=UI.故C错误.C、电源的输出功率等于电动机的输入功率,得P出D、电源的总功率为IE,内部发热的功率为I2r,所以电源的效率为=l﹣,所以D正确.故选AD.12.如图所示,I为电流表示数,U为电压表示数,P为定值电阻R2消耗的功率,Q为电容器C所带的电荷量,W为电源通过电荷量q时电源做的功.当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中,下列图象能正确反映各物理量关系的是()A.B.C.D.【考点】闭合电路的欧姆定律.【分析】当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,分别得到各个量的表达式,再进行分析.【解答】解:A、当变阻器滑动触头向右缓慢滑动过程中,接入电路的电阻减小,电路中电流增大,R2消耗的功率为P=I2R,P∝I2,故A正确.B、电容器C的电压U C=E﹣I(R2+r),电荷量Q=CU C=C[E﹣I(R2+r)],则=﹣C(R2+r),保持不变,则Q﹣I图象是向下倾斜的直线,故B正确.C、电压表示数U=E﹣Ir,U﹣I图象应是向下倾斜的直线,故C错误.D、电源通过电荷量q时电源做的功W=qE,E是电源的电动势,则W﹣q是过原点的直线,故D错误.故选:AB.二.实验题(本题共3小题,共18分,其中13题每空2分,14题每空1分,15题(1)、(3)每题2分(2)题4分)13.图中游标卡尺显示的测量长度是29.8mm;螺旋测微器显示的测量长度为 3.192 mm.【考点】刻度尺、游标卡尺的使用;螺旋测微器的使用.【分析】解决本题的关键掌握游标卡尺读数的方法,主尺读数加上游标读数,不需估读.螺旋测微器的读数方法是固定刻度读数加上可动刻度读数,在读可动刻度读数时需估读.【解答】解:10分度的游标卡尺,精确度是0.1mm,游标卡尺的主尺读数为29mm,游标尺上第8个刻度和主尺上某一刻度对齐,所以游标读数为8×0.1mm=0.8mm,所以最终读数为:29mm+0.8mm=29.8mm.螺旋测微器的固定刻度为3mm,可动刻度为19.2×0.01mm=0.192mm,所以最终读数为3mm+0.192mm=3.192mm.故答案为:29.8; 3.19214.某实验小组亲自动手将电流计G改装成电压表和电流表.下面是他们的改装的原理图.其中甲图对应的是电流表表,要是它量程加大,应使R1减小(填“增大”或“减小”);乙图对应的是电压表表,要使它的量程加大,应使R2增大(填“增大”或“减小”);现在实验小组要将电流计G(满偏电流为2mA,内阻为100Ω)改装成量程为3A的电流表,则应与阻值为0.067Ω的电阻相连接;若将此电流计G 改装成量程为6V的电压表,则应与阻值为 2.9×103Ω的电阻相连接.(结果保留两位有效数字)【考点】把电流表改装成电压表.【分析】甲图为G表头并联一分流电阻改装成一电流表,分流电阻越小,分流越大,量程越大.图乙为G表头串联一分压电阻改装成一电压表,分压电阻越大,分压越大,量程越大.根据串并联电路特点与欧姆定律求出电阻阻值.【解答】解:甲图为安培表,R1起分流作用,要使量程增加,需增加R1的分流,即减小R1的电阻.乙图为伏特表,R2起分压作用,要使量程增加,需增加R2的分压,即增加R2的电阻.把电流计改装成3A的电流表,并联电阻阻值为:R==≈0.0667Ω,把电流计改装成6V的电压表,需要串联电阻阻值为:R=﹣Rg=﹣100=2.9×103Ω;故答案为:电流表,减小,电压表,增大,0.067Ω,2.9×103Ω.15.一只小灯泡,标有“3V 1.5W”字样.现要描绘小灯泡0~3V的伏安特性曲线.实验器材有:。

湖北省武汉市汉阳一中、江夏一中2017-2018学年高二10月联考生物试卷Word版含答案

湖北省武汉市汉阳一中、江夏一中2017-2018学年高二10月联考生物试卷Word版含答案

汉阳一中、江夏一中高二年级10月联考)示意图。

则下列有关说法正确的是)物代替④能量流经各营养级时,是逐级递减的不合理的是叙述正确的是( )( ) )是( )者都是A可能不会永远在这一深层海域中称霸,因为其他物种可能会对它们产生影响,不过玻璃海绵戏剧性地所学知识,分析下列说法正确的是( ))、b、c所反映的营养级依次是( ) .与此有关的叙述不正确的是( )克A.生态系统的结构生态系统的种类食物链和食物网信息传递B.生态系统的种类生态系统的成分生态系统的稳定性物质循环和能量流动规C.生态系统的结构生态系统的成分食物链和食物网信息传递D.生态系统的成分生态系统的结构食物链和食物网物质循环和能量流动规__________________离不开信息的传递。

在农业生产中,可利用此原理扰乱害虫的雌雄交配,从而减地流向下一营养级,原因是_______________流经该生态系统某一营养级的变化示意图,其中a~g表示能量值的多少。

请据图作答(11分):。

通常情况下,位于营养级Ⅳ的生物个体数量一般远远少于Ⅲ,主要原因是能量在各营养级之间的传甲中营养级Ⅰ所固定的太阳能总量为y,则该系统营养级Ⅰ、Ⅱ间的能量传递效率是________(用图中,至少需要消耗甲的能量是________kJ。

________________________。

_____________。

遭到破坏,这说明生态系统的________是有一定限度的。

答下列问题:(8分)_____才能保证其物质循环的正常进行。

若某季节物种A看到物种B的数量明显减少时,部分个体会另会导致该生态系统的________锐减。

营养结构或能量流动角度分析)。

自身生长发育繁殖者不计分) 等。

2017-2018武汉市重点中学联考高二联考语文试卷答案

2017-2018武汉市重点中学联考高二联考语文试卷答案

高二联考语文参考答案一、(一)1.C。

解析:根据文章第2段,家训的内容“主要包括涵养爱心、蒙以养正、励志勉学、洁身自好、淡泊名利、自立于世、等规范和教化内容”,“奉公清廉、笃守名节、勤谨政事、报国恤民”都与政治有关。

2.D。

解析:因果关系不成立。

3.B。

解析:原文第3段“家训文化以别具特色的教化方式保证了传统社会家庭生活、社会生活的稳定”,第4段“家规族训规约是中国传统社会治理的重要方式,有利于家国整合机制的形成和巩固”,前提是“传统社会”,今天的中国未必完全如此。

(二)4.D解析:A项“与暴君秦始皇的功绩无关”错。

B项“写生练习”于文无据,而且作者主要是从长城赋予画家的精神这个角度说的。

C项“虽与长城无关”错,精神是相同的;“却充分表达了作者对自由的强烈渴望”错,主要表达的是不怕艰苦,建功立业的豪迈情怀。

)5.①紧扣题目“我还没有见过长城”,使文章的整体感更强(结构更严谨)。

②反复,强调“我”一定要弥补“没有见过长城”的遗憾,使情感表达更强烈突出。

③这一句的前后,从“真惭愧”到“说什么”,再到“我是一定要见的”,提示着(表现了)作者从遗憾、到自恨自责、到坚定自信的情感变化。

(1点1分,2点3分,3点5分)6.主旨是:号召中国人,面对外敌入侵,要强健精神,壮起胆来。

(2分)好处:①长城正是民族雄壮精神的象征,这样可以把将抽象的主题表达得更加形象;②以一定要见长城来表现作者的爱国信念和信心,深刻含蓄,耐人寻味;③长城是中国历史悠久的著名古迹,这样写能够增强文章的历史厚重感。

(4分,答出两点即可)(三)7.C解析: A项原文是“逐渐被世界认识并接受。

中成药的优势日益凸显”,强调有个逐渐的过程,选项曲解文意;同时,“超越西药产业”于文无据。

B项“国际话语权丢失”于文无据,无中生有。

D项“这两件事标志着走出国门的中医备受世界推崇。

”原文内容是“这两件事是中医药走向世界的标志事件。

”并非选项所说“备受世界推崇”,夸大其意义了。

2017-2018学年湖北省部分重点中学联考高二(上)期中物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年湖北省部分重点中学联考高二(上)期中物理试卷 Word版含解析

2017-2018学年湖北省部分重点中学联考高二(上)期中物理试卷一、选择题.(本题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确,全部选对得5分,选不全得3分,有错选或不选的得0分.)1.在如图所示的四种电场中,分别标记有a、b两点.其中a、b两点的电势相等,电场强度大小相等、方向也相同的是:()A.甲图:与点电荷等距的a、b两点B.乙图:两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C.丙图:点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面与点电荷等距离的a、b两点D.丁图:匀强电场中的a、b两点2.初速度为v0的电子(重力不计),沿平行于通电长直导线的方向射出,直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示,则()A.电子将向右偏转,速率不变B.电子将向左偏转,速率改变C.电子将向左偏转,速率不变D.电子将向右偏转,速率改变3.电源电压恒定,R1、R2是定值电阻,L为小灯泡,R3为半导体材料制成的光敏电阻(其电阻随光照强度增大而迅速减小),当照射光强度增大时()A.电压表的示数增大B.R2中的电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路消耗的总功率减小4.一辆小车静止在光滑的水平面上,小车立柱上固定一条长为l,拴有小球的细绳,小球由和悬点在同一水平面处释放,如图所示.小球在摆动过程中,不计一切阻力,下面说法正确的是()A.小球的机械能守恒B.小球和小车的总机械能守恒C.小球和小车的总动量守恒D.小球和小车的总动量不守恒5.用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能.当调节滑动变阻器R,让电动机停止转动时,理想电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V;重新调节R,使电动机恢复正常运转时,电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V.则这台电动机:(不计温度对电阻的影响)()A.正常运转时的输出功率为32WB.正常运转时的输出功率为48WC.正常运转时的发热功率为1WD.正常运转时的发热功率为47W6.磁流体发电是一项新兴技术,它可以把气体的内能直接转化为电能,如图是它的示意图.平行金属板A、B之间有一个很强的匀强磁场,磁感应强度为B,将一束等离子体(即高温下电离的气体,含有大量正、负带电粒子)垂直于磁场B的方向喷入磁场,每个离子的速度为v,电荷量大小为q,A、B两板间距为d,稳定时下列说法中正确的是()A.图中A板是电源的正极B.图中B板是电源的正极C.电源的电动势为Bvd D.电源的电动势为Bvq7.光滑的水平桌面上,质量为m,速度为υ的A球跟质量为3m的静止B球发生正碰,碰后B球的速度可能为()A.0.6υB.0.4υC.0.2υD.0.1υ8.A、B为平行板电容器的两块金属板,A极板与静电计的金属小球相连,静电计的外壳和B极板都接地,将它们水平放置.当A板带上一定量电荷后,静电计指针偏转一定角度,如图所示(静电计金属小球及金属杆、指针等所带的电量与金属板A所带的电量相比可以忽略不计).此时,在A、B板间有一电荷量为q的油滴静止在P点,(油滴所带电荷量很少,它对A、B板间电场的影响可以忽略),以下结正确的是()A.A极板不动,将B极板向下移动一小段距离,油滴q保持不动,静电计指针偏角减小B.B极板不动,将A极板向下移动一小段距离,油滴q保持不动,静电计指针偏角减小C.A极板不动,将B极板向右水平移动一小段距离,油滴q向上运动,静电计指针偏角增大D.B极板不动,将A极板向右水平移动一小段距离,油滴q向下运动,静电计指针偏角减小9.下图是示波管的原理图.它由由子枪、偏转电极(XX′和YY′)、荧光屏组成.管内抽成真空.给电子枪通电后,如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压,电子束将打在荧光屏的中心O点,在那里产生一个亮斑,下列说法正确的是()A.要想让亮斑沿OY向上移动,需在偏转电极YY′上加电压,且Y′比Y电势高B.要想让亮斑移到荧光屏的右上方,需在偏转电极XX′、YY′上加电压,且X比X′电势高,Y比Y′电势高C.要想在荧光屏上出现一条水平亮线,需在偏转电极XX′上加特定的周期性变化的电压(扫描电压)D.要想在荧光屏上出现一条正弦曲线,需在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压10.在同一光滑斜面上放同一导体棒,如图所示是两种情况的剖面图.它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场,但方向不同,一次垂直斜面向上,另一次竖直向上:两次导体棒A分别通有电流I1和I2,都处于静止平衡.已知斜面的倾角为θ,则()A.I1:I2=cosθ:1B.I1:I2=1:1C.导体棒A所受安培力大小之比F1:F2=sinθ:cosθD.斜面对导体棒A的弹力大小之比N1:N2=cos2θ:1二、本题共两小题,共18分.(按要求作答)11.通常游标卡尺的刻度有10分度,20分度,50分度三种规格,测量时游标卡尺的示数如图所示,其读数是mm.12.用半径相同的两个小球A、B的碰撞验证动量守恒定律,实验装置示意图如图所示,斜槽与水平槽圆滑连接.实验时先不放B球,使A球从斜槽上某一固定点C由静止滚下,落到位于水平地面的记录纸上留下痕迹.再把B球静置于水平槽前边缘处,让A球仍从C处由静止滚下,A球和B球碰撞后分别落在记录纸上留下各自的痕迹.记录纸上的O点是重垂线所指的位置,若测得各落点痕迹到O点的距离:OM=2.68cm,OP=8.62cm,ON=11.50cm,并知A、B两球的质量比为2:1,则未放B球时A球落地点是记录纸上的点,系统碰撞总动量p与碰撞后动量p′的百分误差=%(结果保留一位有效数字).13.下列所给是“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中可供选择的实验仪器:序号器材规格序号器材规格1 小灯泡L 标有“4.0V,0.4A”字样 5 滑动变阻器R1最大阻值10Ω,额定电流1.0A2 电压表V 量程0﹣5V;内阻5kΩ 6 滑动变阻器R2最大阻值1kΩ,额定电流0.5A3 电流表A1量程0﹣100mA;内阻4Ω7 直流电源E 电压6V4 电流表A2量程0﹣500mA;内阻0.4Ω8导线、电键K等(1)滑动变阻器应选;(2)在线框内画出实验电路图.(并标出所选器材的符号)(3)如图所示为某同学根据正确的实验电路图所测的几组数据画出的I﹣U图象.图象是一条曲线而不是直线的原因是:;从图象中可求得小灯泡正常发光时的电阻是Ω.三、计算题.(本题共四小题,共52分.解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤,只写出最后答案的不能得分.)14.如图A、B、C、D为一匀强电场中的四个点,它们正好是一个矩形的四个顶点,电场线与矩形所在平面平行,已知将2.0×10﹣9C的正电荷从A点移到B点,克服电场力做功8.0×10﹣9C,将这个电荷从B移至C点电势能减少了4.0×10﹣8C,今设A点电势为20ν,则D点电势为多少?15.在如图所示的电路中,R1=2Ω,R2=R3=4Ω,当电键K接a时,R2上消耗的电功率为4W,当电键K接b时,电压表示数为4.5V,试求:(1)电键K接a时,通过电源的电流和电源两端的电压;(2)电源的电动势和内电阻;(3)当电键K接c时,通过R2的电流.16.如图,在平面直角坐标系xOy内,第Ⅰ象限存在沿y轴负方向的匀强电场,第Ⅳ象限以ON为直径的半圆形区域内,存在垂直于坐标平面向外的匀强磁场,磁感应强度为B.一质量为m、电荷量为q的带正电的粒子,从y轴正半轴上y=h处的M点,以速度v0垂直于y轴射入电场,经x轴上x=2h处的P点进入磁场,最后以垂直于y轴的方向射出磁场.不计粒子重力.求(1)电场强度大小E;(2)粒子在磁场中运动的轨道半径r;(3)粒子从进入电场到离开磁场经历的总时间t.17.P是一长度为L=0.64m的固定在水平地面上的绝缘平板,挡板R固定在平板的右端.整个空间有一个平行于PR的匀强电场E,在板的右半部分有一个垂直于纸面向里的匀强磁场B,磁场的宽度为d=0.32m.一个质量m=0.50×10﹣3Kg、带电荷量q=5×10﹣2C的小物体(可视为质点),从板的左端由静止开始向右做匀加速运动,从D点进入磁场后恰能做匀速直线运动.当物体碰到挡板R后被弹回,若在碰撞瞬间撤去电场(不计撤掉电场对原磁场的影响),物体返回时在磁场中仍做匀速运动,离开磁场后做减速运动,停在C点,PC=.若物体与平板间的动摩擦因数μ=0.2,取g=10m/s2.(1)判断电场的方向及物体带正电还是带负电;(2)求磁感应强度B的大小;(3)求物体与挡板碰撞过程中损失的机械能.2017-2018学年湖北省部分重点中学联考高二(上)期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题.(本题共10小题,每小题5分,共50分.在每小题给出的四个选项中,有的小题只有一个选项正确,有的小题有多个选项正确,全部选对得5分,选不全得3分,有错选或不选的得0分.)1.在如图所示的四种电场中,分别标记有a、b两点.其中a、b两点的电势相等,电场强度大小相等、方向也相同的是:()A.甲图:与点电荷等距的a、b两点B.乙图:两等量异种电荷连线的中垂线上与连线等距的a、b两点C.丙图:点电荷与带电平板形成的电场中平板上表面与点电荷等距离的a、b两点D.丁图:匀强电场中的a、b两点考点:电场线.专题:电场力与电势的性质专题.分析:电场线与等势面垂直.电场线密的地方电场的强度大,电场线疏的地方电场的强度小,沿电场线的方向,电势降低.解答:解:A、甲图为正的点电荷的电场,图中ab两点在同一个圆上,所以ab两点的电势相同,电场强度的大小也相同,但是场强的方向不同,所以A错误;B、乙图为等量的异种电荷的电场,在起中垂线上的所有的点的电势都为零,并且场强的方向均为水平的指向负电荷,所以此时ab两点的电势相等,电场强度大小相等、方向也相同,所以B正确.C、丙图中ab处于金属平板上,处在电场中的金属平板处于静电平衡状态,金属板的表面为等势面,并且电场线与等势面垂直,又由于此时的ab是左右对称的,所以ab两点的电势相等,电场强度大小相等、方向也相同,所以C正确.D、丁图是匀强电场,ab点的场强的大小和方向都相同,但是根据沿电场线的方向电势降低可知,b点的电势要比a点的电势高,所以D错误.故选BC.点评:加强基础知识的学习,掌握住电场线的特点,即可解决本题.2.初速度为v0的电子(重力不计),沿平行于通电长直导线的方向射出,直导线中电流方向与电子的初始运动方向如图所示,则()A.电子将向右偏转,速率不变B.电子将向左偏转,速率改变C.电子将向左偏转,速率不变D.电子将向右偏转,速率改变考点:判断洛仑兹力的方向;通电直导线和通电线圈周围磁场的方向.专题:带电粒子在磁场中的运动专题.分析:根据安培定则判断出通电导体右侧的磁场方向,然后根据左手定则判断出电子所受洛伦兹力的方向,即得出电子的偏转方向,注意应用左手定则时四指指向与电子运动方向相反,洛伦兹力不做功.解答:解:由安培定则可知导体右侧磁场方向垂直纸面向里,然后跟左手定则可知运动电子所受洛伦兹力向右,因此电子将向右偏转,洛伦兹力不做功,故其速率不变,故BCD错误,A正确.故选A.点评:在解决带电粒子在磁场中运动问题时安培定则与左手定则经常联合应用,在平时练习中要加强训练,以提高应用它们的解题能力.3.电源电压恒定,R1、R2是定值电阻,L为小灯泡,R3为半导体材料制成的光敏电阻(其电阻随光照强度增大而迅速减小),当照射光强度增大时()A.电压表的示数增大B.R2中的电流减小C.小灯泡的功率增大D.电路消耗的总功率减小考点:闭合电路的欧姆定律;常见传感器的工作原理.专题:恒定电流专题.分析:根据当照射光强度增大时光敏电阻的变化,分析外电路总电阻的变化,由闭合电路欧姆定律分析总电流的变化,确定电压表示数如何变化.根据并联电路电压的变化分析R2中的电流如何变化,根据总电流与通过R2电流的变化,分析通过灯泡L电流的变化,确定灯泡亮度如何变化.电路总功率为P=EI,由电流变化确定总功率如何变化.解答:解:A、当照射光强度增大时光敏电阻阻值减小,根据闭合电路欧姆定律得知,电路中总电流增大,电阻R1电压增大,则电压表的示数增大.故A正确.B、并联部分电压U并=E﹣I(R1+r),E、R1、r都不变,I增大,U并减小,R2中的电流减小.故B正确.C、流过灯泡的电流I L=I﹣I2,I增大,I2减小,则I L增大,小灯泡的功率增大.故C正确.D、电路消耗的总功率P=EI,I增大,电路消耗的总功率增大.故D错误.故选ABC点评:本题是电路动态分析问题,光敏电阻类似于变阻器,外电路总电阻与局部电阻变化的情况是一致的.4.一辆小车静止在光滑的水平面上,小车立柱上固定一条长为l,拴有小球的细绳,小球由和悬点在同一水平面处释放,如图所示.小球在摆动过程中,不计一切阻力,下面说法正确的是()A.小球的机械能守恒B.小球和小车的总机械能守恒C.小球和小车的总动量守恒D.小球和小车的总动量不守恒考点:动量守恒定律;机械能守恒定律.专题:动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合.分析:以小球和小车组成的系统,只有重力做功,机械能守恒,当小球向下摆动的过程中,竖直方向具有向上的分加速度,小车和小球整体处于超重状态,即可得知整体所受的合力不为零,总动量不守恒.解答:解:A、B以小球和小车组成的系统为研究对象,只有小球的重力做功,系统的机械能守恒,而小球在下摆过程中,细绳的拉力对它做负功,其机械能减小.故A错误,B正确.C、D,当小球向下摆动的过程中,竖直方向具有向上的分加速度,小车和小球整体处于超重状态,地面对小车的支持力大于小车和小球的总重力,整体所受的合力不为零,则系统的总动量不守恒.故C错误,D正确.故选BD点评:本题对照机械能和动量守恒的条件进行判断.对于系统而言,机械能守恒、总动量不守恒,但由于系统所受的外力都在竖直方向上,系统水平方向上动量守恒.5.用如图所示的实验电路研究微型电动机的性能.当调节滑动变阻器R,让电动机停止转动时,理想电流表和理想电压表的示数分别为0.50A和2.0V;重新调节R,使电动机恢复正常运转时,电流表和电压表的示数分别为2.0A和24V.则这台电动机:(不计温度对电阻的影响)()A.正常运转时的输出功率为32WB.正常运转时的输出功率为48WC.正常运转时的发热功率为1WD.正常运转时的发热功率为47W考点:电功、电功率.专题:恒定电流专题.分析:让电动机停止转动时,其电路是纯电阻电路,由欧姆定律求出电阻.电动机正常运转时,根据输入的电功率和热功率之差求出输出功率.由焦耳定律求解热功率.解答:解:电动机停止转动时,其电路是纯电阻电路,由欧姆定律得,电动机的电阻为R===4Ω电动机正常运转时,输入的电功率为P电=U2I2=48W,发热功率P热=I22R=22×4W=16W,所以输出功率为P出=P电﹣P热=32W故选A点评:电动机电路停止运转时其电路纯电阻电路,欧姆定律成立.电动机正常运转时,其电路是非纯电阻电路,欧姆定律不成立,根据能量转化和守恒定律求解输出功率.6.磁流体发电是一项新兴技术,它可以把气体的内能直接转化为电能,如图是它的示意图.平行金属板A、B之间有一个很强的匀强磁场,磁感应强度为B,将一束等离子体(即高温下电离的气体,含有大量正、负带电粒子)垂直于磁场B的方向喷入磁场,每个离子的速度为v,电荷量大小为q,A、B两板间距为d,稳定时下列说法中正确的是()A.图中A板是电源的正极B.图中B板是电源的正极C.电源的电动势为Bvd D.电源的电动势为Bvq考点:霍尔效应及其应用.分析:等离子体进入磁场,由于受到洛伦兹力发生偏转,根据左手定则判断出正负离子偏转的方向,从而确定极板带电的正负.最终离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡,根据平衡求出电源的电动势.解答:解:等离子体进入磁场后,根据左手定则,知正离子向下偏,负离子向上偏.所以B板带正电,A板带负电.最终离子在电场力和洛伦兹力作用下处于平衡,有:.电动势E=U=Bvd.故B、C正确,A、D错误.故选BC.点评:解决本题的关键会根据左手定则判断洛伦兹力的方向,以及知道最终离子在电场力和洛伦兹力的作用下处于平衡.7.光滑的水平桌面上,质量为m,速度为υ的A球跟质量为3m的静止B球发生正碰,碰后B球的速度可能为()A.0.6υB.0.4υC.0.2υD.0.1υ考点:动量守恒定律.分析:碰撞过程,两球的总动量守恒、总动能不增加,根据动量守恒求出A的速度,根据总动能是否增加判断B的这种速度是否可能.解答:解:设碰撞后A、B的速度分别为v A、v B.根据动量守恒定律得mv=mv A+3mv B.碰撞前,总动能为E k=.碰撞后,总动能为E k′=+A、当v B=0.6v,代入上式得,v A=﹣0.8v,E k′=1.72E k,即得E k′>E k,总动能增加,违反了能量守恒定律.故A错误.B、当v B=0.4v,代入上式得,v A=﹣0.2v,E k′=0.52E k,即得E k′<E k,总动能减小,符合能量守恒定律.故B正确.C、当v B=0.2v,代入上式得,v A=0.4v>v B=0.2v,可见,碰撞后两球同向运动,A在B的后面,速度不可能大于B的速度.故C错误.D、当v B=0.1v,代入上式得,v A=0.7v>v B=0.2v,碰撞后两球同向运动,A在B的后面,速度不可能大于B的速度.故D错误.故选B点评:对于碰撞问题,关键抓住三个规律:1、动量守恒;2、总动能不增加;3、碰撞后同向运动,后面物体的速度不大于前面物体的速度.8.A、B为平行板电容器的两块金属板,A极板与静电计的金属小球相连,静电计的外壳和B极板都接地,将它们水平放置.当A板带上一定量电荷后,静电计指针偏转一定角度,如图所示(静电计金属小球及金属杆、指针等所带的电量与金属板A所带的电量相比可以忽略不计).此时,在A、B板间有一电荷量为q的油滴静止在P点,(油滴所带电荷量很少,它对A、B板间电场的影响可以忽略),以下结正确的是()A.A极板不动,将B极板向下移动一小段距离,油滴q保持不动,静电计指针偏角减小B.B极板不动,将A极板向下移动一小段距离,油滴q保持不动,静电计指针偏角减小C.A极板不动,将B极板向右水平移动一小段距离,油滴q向上运动,静电计指针偏角增大D.B极板不动,将A极板向右水平移动一小段距离,油滴q向下运动,静电计指针偏角减小考点:电容器的动态分析.专题:电容器专题.分析:电容器的电量不变,根据电容的变化,判断出电势差的变化,从而判断出电场强度即电场力的变化,确定出油滴的运动情况.解答:解:A、A极板不动,将B极板向下移动一小段距离,d变大,则电容减小,根据U=,则电势差增大,指针偏角增大.故A错误.B、B极板不动,将A极板向下移动一小段距离,d减小,则电容增大,根据U=,则电势差减小,指针偏角减小.电场强度E=,知电场强度不变,小球电场力不变,仍然与重力平衡,保持不动.故B正确.C、A极板不动,将B极板向右水平移动一小段距离,s减小,则电容减小,根据U=,则电势差增大,指针偏角增大.根据E=知,电场强度增大,电场力大于重力,则油滴向上运动.故C正确.D、B极板不动,将A极板向右水平移动一小段距离,s减小,则电容减小,根据U=,则电势差增大,指针偏角增大.根据E=知,电场强度增大,电场力大于重力,则油滴向上运动.故D错误.故选BC.点评:本题是电容器的动态分析,关键是抓住不变量,当电容器与电源相连,两端间电势差不变,当电容与电源断开,所带电量不变.9.下图是示波管的原理图.它由由子枪、偏转电极(XX′和YY′)、荧光屏组成.管内抽成真空.给电子枪通电后,如果在偏转电极XX′和YY′上都没有加电压,电子束将打在荧光屏的中心O点,在那里产生一个亮斑,下列说法正确的是()A.要想让亮斑沿OY向上移动,需在偏转电极YY′上加电压,且Y′比Y电势高B.要想让亮斑移到荧光屏的右上方,需在偏转电极XX′、YY′上加电压,且X比X′电势高,Y比Y′电势高C.要想在荧光屏上出现一条水平亮线,需在偏转电极XX′上加特定的周期性变化的电压(扫描电压)D.要想在荧光屏上出现一条正弦曲线,需在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压、在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压考点:带电粒子在匀强电场中的运动;示波器的使用.专题:带电粒子在电场中的运动专题.分析:电子枪发射出电子,要想让亮斑沿OY向上移动,要使电子在YY′中受到的电场力向上,可判断电场强度方向,分析出电势的高低.要想让亮斑移到荧光屏的右上方,用同样的方法分析电子在两个电场中所受的电场力方向,判断出电势高低.根据水平方向偏转距离与偏转电压的关系,即可分析所加电压的特点.根据竖直方向偏转距离与偏转电压的关系,分析要想在荧光屏上出现一条正弦曲线,水平方向和竖直方向所加电压的特点.解答:解:A、电子枪发射出电子,要想让亮斑沿OY向上移动,电子在YY′中受到的电场力必须向上,板间场强必须向下,则需在偏转电极YY′上加电压,且Y比Y′电势高.故A错误.B、要想让亮斑移到荧光屏的右上方,电子在偏转电极XX′间受到的电场力指向X、在YY′间受到的电场力指向Y,则需在偏转电极XX′、YY′上加电压,且X比X′电势高,Y比Y′电势高.故B正确.C、设加速电场的电压为U1,偏转电场的电压为U2,偏转电极的长度为L,板间距离为d,根据推论得知,偏转距离为y=,可见,偏转距离与偏转电压U2成正比,由几何知识得知,电子在荧光屏偏转的距离也与偏转电压成正比,则偏转电极XX′上加上随时间作线性变化的电压时,电子在荧光屏偏转的距离与时间也是线性关系,形成一条亮线,若电压是周期性变化,就可以使电子在水平方向不断扫描.故C正确.D、由上分析知,电子在荧光屏偏转的距离与偏转电压成正比,则在偏转电极YY′上加按正弦规律变化的电压,电子在荧光屏偏转的距离按正弦规律变化,而在偏转电极XX′上加适当频率的扫描电压,水平方向电子不断从右向左匀速扫描,在荧光屏上出现一条正弦曲线.故D正确.故选BCD点评:本题考查对示波器工作原理的理解,其基本原理是电场的加速和偏转,根据偏转距离与偏转电压的关系,分析荧光屏上光斑的变化,10.在同一光滑斜面上放同一导体棒,如图所示是两种情况的剖面图.它们所在空间有磁感应强度大小相等的匀强磁场,但方向不同,一次垂直斜面向上,另一次竖直向上:两次导体棒A分别通有电流I1和I2,都处于静止平衡.已知斜面的倾角为θ,则()A.I1:I2=cosθ:1B.I1:I2=1:1C.导体棒A所受安培力大小之比F1:F2=sinθ:cosθD.斜面对导体棒A的弹力大小之比N1:N2=cos2θ:1考点:安培力;力的合成与分解的运用;共点力平衡的条件及其应用.专题:共点力作用下物体平衡专题.分析:导体棒受重力、支持力和安培力处于平衡,根据共点力平衡求出安培力、支持力大小之比,根据F=BIL求出电流之比.解答:解:导体棒受力如图,根据共点力平衡得,。

湖北省武汉市部分重点中学2017-2018学年高二上学期期中联考物理试题 Word版含答案

湖北省武汉市部分重点中学2017-2018学年高二上学期期中联考物理试题 Word版含答案

武汉市部分重点中学2017-2018学年度上学期期中联考高二物理试卷考试时间:2016年11月08日下午2:00—3:30 试卷满分:110分一、选择题(本题共12小题,每小题5分。

在每小题给出的四个选项中,第1~8题只有一项符合题目要求,第9~12题有多项符合题目要求。

全部选对的得5分,选对但不全的得3分,有选错的得0分。

)1、下列说法正确的是( )A .元电荷是指跟电子所带电量数值上相等的一种电荷B .电场强度计算公式E =F q 和2Q E k r ,对于任何静电场都是适用的C .法拉第提出了电场的概念,并首先用电场线形象地描述电场D .根据场强叠加原理,可知合电场的场强一定大于分电场的场强2、真空中有两个分别带有电荷量-Q 和+3Q 的相同金属小球(均可视为点电荷),固定在相距为r 的两处,它们间库仑力的大小为 F 。

两小球相互接触后将其固定距离变为2r ,则两球间库仑力的大小为( )A .12FB .34FC .43F D .12F 3、对静电场中相关物理量的描述,下列说法正确的是( )A .任意一点的电场强度方向总是与试探电荷所受电场力的方向相同B .电场强度为零的地方,电势也为零C .电场强度的方向处处与等势面垂直D .电荷置于电势越高的位置,所具有的电势能越大4、如图所示,虚线是某静电场的一簇等势线,边上标有对应的电势值。

一带电粒子仅在电场力作用下,恰能沿图中的实线从A 经过B 运动到C 。

下列说法中错误..的是( ) A .粒子一定带正电B .A 处场强小于C 处场强C .粒子在A 处电势能小于在C 处电势能D .粒子从A 到B 电场力所做的功等于从B 到C 电场力所做的功 第4题图5、如图所示,用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极板之间的电势差U ,现使B 板带正电,则下列判断正确的是A.若将玻璃板插入两板之间,则静电计指针张角变大B.将A板稍微上移,静电计指针张角将变小C.增大两极板之间的距离,静电计指针张角变大第5题图D.若将金属板插入两板之间,且与两极板绝缘,则静电计指针张角变大6、电工穿的高压作业服是用铜丝编织的,下列说法正确的是 ( )A.铜丝编织的衣服不易拉破,所以用铜丝编织B.电工被铜丝编织的衣服包裹,使体内电势保持为零,对人体起保护作用C.电工被铜丝编织的衣服包裹,使体内电场强度保持为零,对人体起保护作用D.铜丝必须达到一定厚度,才能对人体起到保护作用7、如图所示,直线OAC为某一直流电源的总功率P总随电流I变化的图线,抛物线OBC为同一直流电源内部热功率P r随电流I变化的图线.若A、B对应的横坐标为2A,那么线段AB表示的功率及I=2A对应的外电阻是()A.2W,0.5ΩB.4W,2ΩC.2W,1ΩD.6W,2Ω第7题图8、用满偏电流为3mA的电流表改装成一个欧姆表,调零后用它测量1kΩ的标准电阻时,指针恰好在刻度盘的正中间,若用它测量一个未知电阻时,指针指在1mA处。

湖北省武汉市汉阳一中、江夏一中2017-2018学年高二10月联考化学试题及答案

湖北省武汉市汉阳一中、江夏一中2017-2018学年高二10月联考化学试题及答案

汉阳一中、江夏一中高二年级10月联考化学试卷考试时间:2017年10月10日16:10—17:40 试卷满分:100分一、选择题:本大题共16小题,每小题3分,共48分。

在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。

1.“低碳经济,节能减排”是当今世界经济发展的新思路。

下列行为与之相悖的是( )A.开发风能、太阳能等新能源 B.回收处理工业废气C.大力发展新能源汽车 D.过度开采煤、石油和天然气2.下列能量转化过程与氧化还原反应无关的是( )A.天然气燃烧B.太阳能热水器工作时,光能转化成电能C.电解质溶液导电时,电能转化成化学能D.葡萄糖为人类生命活动提供能量时,化学能转化成热能3.化学无处不在,下列与化学知识有关的说法不正确的是( )A.可用三氯化铝对自来水进行杀菌消毒B.热的纯碱溶液可用于去油污C.利用中和滴定原理可测定NaOH和NaCl混合液中NaCl的含量D.用氯化铵浓溶液可除去铁器表面的铁锈4. 下列溶液一定呈中性的是( )A.pH=7的溶液B.使石蕊试液呈紫色的溶液C.c(H+)=c(OH-)=10-6mol/L的溶液D.酸与碱恰好完全反应生成正盐的溶液5.下列离子方程式中,属于水解反应的是()A.HS-+H 2O H3O++S2- B.CO2+2H2O HCO3-+H3O+C.NH 4++2H2O NH3·H2O+H3O+ D.HCO3-+OH-CO32-+H2O6.一定温度时,向容积为2L的密闭容器中充入一定量的SO2和O2,发生反应:2SO2(g)+O2(g)2SO3(g) H =-196kJ·mol-1,一段时间后达到平衡,反应过程中测定的部分数据见下表:反应时间/min n(SO2)/mol n(O2)/mol0 2 15 1.210 0.415 0.8下列说法不正确的是( )A.∆H的大小与平衡移动与否无关B.相同温度下,起始时向容器中充入1.5mol SO3,达平衡时SO3的转化率为40%C.保持温度不变,向平衡后的容器中再充入0.2mol SO2和0.2mol SO3时,v(正)>v(逆)D.保持其他条件不变,若起始时向容器中充入2mol SO3,达平衡时吸收78.4kJ的热量7.为了测定酸碱反应的中和热,计算时至少需要的数据是( )①酸溶液的浓度和体积;②碱溶液的浓度和体积;③比热容;④反应后溶液的质量;⑤生成水的物质的量;⑥反应前后温度的变化;⑦操作所需的时间。

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2017—2018学年度上学期汉阳一中、江夏一中12月联考
高二年级数学试题(文科)
考试时间:2017年12月21日上午8﹕00—10﹕00 试卷满分:150分
一、选择题(共12小题,每题5分,共60分)
1、把45化为二进制数为 ( )
A .)2(101111
B .)2(101101
C .)2(110101
D .)2(111101
2、若方程22
(0)mx my n m n -=⋅<,则方程表示的曲线是() A. 焦点在x 轴上的双曲线 B. 焦点在y 轴上的双曲线 C. 焦点在x 轴上的椭圆 D. 焦点在y 轴上的椭圆
3.用秦九韶算法求多项式f (x )=12+35x -8x 2
+79x 3
+6x 4
+5x 5
+3x 6
在x =-4时,v 4的值为( ) A. -57 B. 220 C. -845 D. 3 392
4、曲线
=1与曲线
=1(k <9)的( )
A .长轴长相等
B .短轴长相等
C .离心率相等
D .焦距相等 5、执行如图所示的程序框图,则输出的S =()
A. 7
B. 11
C. 26
D. 30
6、下边程序框图的算法思路来源于我国古代数学名著《九章算术》中的“更相减损术”,执
行该程序框图,若输入的,a b 分别为14,18,则输出的a 为()
A.0
B.2
C.4
D.14
7、一动圆P 过定点M(-4,0),且与已知圆2
2
:(4)16N x y -+=相切,则动圆圆心P 的轨迹方程是()
A.221(2)412x y x -=≥
B.221(2)412x y x -=≤
C.221412x y -=
D.22
1412y x -=
8、在同一坐标系中,若已知a >b >0,则方程a 2x 2+b 2y 2=1与 ax+by 2=0的曲线大致是( )
A. B . C . D .
9、已知点P 是双曲线
222
2
1y x a b
-=(a >0,b >0)右支上一点,F 1,F 2分别是双曲线的左、
右焦点,I 为△PF 1F 2的内心,若1
2
12
22IPF IPF IF F s
S S =+V V V 成立,则双曲线的离心率为( )
A .4
B .
C .2
D .
10执行如图所示的程序框图,若输出S 的值为0.99,则
判断框内可填入的条件是( ) A .i <100 B .i ≤100 C .i <99 D .i ≤98
11、如图过抛物线y 2
=2px (p >0)的焦点F 的直线依次交抛物线及准线于点 A ,B ,C ,若|BC|=2|BF|,且|AF|=3,则抛物线的方程为( )
A .
2
32x y
= B .29x y = C .29
2
x y = D .23x y =
12、如图,F 1,F 2分别是双曲线的左、右焦点,过F 1的直线l 与
双曲线分别交于点A ,B ,若△ABF 2为等边三角形,则双曲线的渐近线的斜率为( )
A .±
B .±2
C .
D .±
二、填空题(共4个小题,每题5分,共20分)
13、三个数4 557,1 953,5 115的最大公约数为____.
14、已知方程22
1221
x y k k +=--表示焦点在y 轴上的椭圆,则实数k 的取值范围是.
15、已知点P 是抛物线y 2
=2x 上的动点,点P 到准线的距离为d ,且点P 在y 轴上的射影是M ,
点A (7
2
,4),则|PA |+|PM |的最小值是_____.
16、已知2F 是双曲线2
2
:18
y C x -=的右焦点,P 是C 左支上一点,(0,66)A ,当2
APF ∆周长最小时,该三角形的面积为.
三、解答题(六个大题,共70分)
17、求适合下列条件的椭圆或双曲线的标准方程.(10分)
(1)长轴在x 轴上,长轴的长等于12
,离心率等于;
(2
)求与椭圆有相同的焦点,且渐近线方程的双曲线方程.
18、在边长为4的正方形ABCD 的边上有一点P 沿着折线BCDA 由点B (起点)向点A (终点)运动。

设点P 运动的路程为x ,APB ∆的面积为y ,且y 与x 之间的函数关系式用如图所示的程序框图给出.
(1)写出框图中①、②、③处应填充的式子; (2)若输出的面积y 值为6,则路程x 的值为多少? 并指出此时点P 的在正方形的什么位置上?(12分)
19、设抛物线C 的顶点在原点,焦点F 在y 轴上,开口向上,焦点到准线的距离为1
4
(1)求抛物线的标准方程;
(2)已知抛物线C 过焦点F 的动直线交抛物线于A 、B 两点,O 为坐标原点,
求证:OA OB ⋅uu v uu u v
为定值。

(12分)
20、根据如图所示的程序框图,将输出的,x y 依次记为
122016122016,,...,,,,...x x x y y y .
(1)求出数列{}{},n n x y 的通项公式;
(2)求数列{}()2016n n x y n +≤的前n 项的和n S .(12分)
20
x y ±
=
21、已知点P 是圆F 1:(x ﹣1)2
+y 2
=8上任意一点,点F 2与点F 1关于原点对称,线段PF 2的垂直平分线分别与PF 1,PF 2交于M ,N 两点. (1)求点M 的轨迹C 的方程; (2)过点 G(0,
3
1
)的动直线l 与点M 的轨迹C 交于A ,B 两点,在y 轴上是否存在定点Q ,使以AB 为直径的圆恒过这个点?若存在,求出点Q 的坐标;若不存在,请说明理由. (12分)
22、已知椭圆2222:1(0)x y E a b a b +=>>经过31,2⎛⎫
⎪⎝⎭
,离心率为12.
(1)求椭圆E 的方程;
(2)设点A F 、分别为椭圆的右顶点、右焦点,经过点F 作直线交椭圆于,C D 两点,求四边形OCAD 面积的最大值(O 为坐标原点).(12分)
文科数学答案
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12 B B
B
D
B
B
C
D
C
A
D
C
13、 93 14、(1,2) 15、9
2
16、126
17、(1) 2
2
13620
y x +
= (2)
2
2
136
95
5
y x
-
=
18、解:(1)框图中①、②、③处应填充的式子分别为:x y y x y 224,8,2-=== ……6分
(2)若输出的y 值为6,则622462=-=x x 或,解得92==x x 或,当2=x 时,此时点P 在正方形的边BC 上;当9=x 时,此时点P 在正方形的边DA 上. ……6分 19、(1)由题意知p=,2p=,抛物线的标准方程为21
2
x y =. (2)设直线l 的方程为: 1
8
y kx =+
, ()11,A x y , ()22,B x y . 由
得: 2110216x kx -
-=,∴12116
x x =- ∴()2
121212123464
OA OB x x y y x x x x ⋅=+=+=-uu v uu u v 为定值
20、试题解析:
(){}111,22,n n n x x x n x -=-=≥构成首项为2,公差为3的等差数列,
()
21,2016,n x n n n N *∴=-≤∈,
()(){}
1112,212,121,1n
n n n n y y y n y y y --==+≥∴+=++,构成首项为3,公差为2的等比
数列,1132n n y -∴+=,得到 ()
13212016,n n y n n N -*=-≤∈,
21122+++32n n n n S x y x y x y n n =++⋅⋅⋅+=⋅+-(2016,)n n N *≤∈
21、【解答】解:(1)由题意得

点M 的轨迹C 为以F 1,F 2为焦点的椭圆,

点M的轨迹C的方程为.
(2)直线l的方程可设为,设A(x1,y1),B(x2,y2),
联立可得9(1+2k2)x2+12kx﹣16=0.
由求根公式化简整理得,
假设在y轴上是否存在定点Q(0,m),使以AB为直径的圆恒过这个点,则即.

=
=
=.
求得m=﹣1.
因此,在y轴上存在定点Q(0,﹣1),使以AB为直径的圆恒过这个点.
22、。

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