2018年全国普通高中招生高考模拟测试物理试题(10)(解析版)
2018年高考物理仿真模拟卷及答案(共六套)
2018年高考物理仿真模拟卷及答案(共六套)2018年高考物理仿真模拟卷及答案(一)(时间：70分钟；满分：110分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．智能手机的普及使“低头族”应运而生．低头时，颈椎受到的压力会增大(当人体直立时，颈椎所承受的压力等于头部的重量)．现将人体头颈部简化为如图所示的模型：重心在头部的P点，在可绕O转动的颈椎OP(轻杆)的支持力和沿PQ方向肌肉拉力的作用下处于静止．当低头时，若颈椎与竖直方向的夹角为45°，PQ与竖直方向的夹角为53°，此时颈椎受到的压力与直立时颈椎受到压力的比值为(sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6)()A．4B．5C．42D．5 215．随着我国登月计划的实施，我国宇航员登上月球已不是梦想；假如我国宇航员登上月球并在月球表面附近以初速度v0竖直向上抛出一个小球，经时间t 后回到出发点．己知月球的半径为R，万有引力常量为G，则下列说法正确的是()A．月球表面的重力加速度为v0 tB．月球的质量为2v0R2 GtC．宇航员在月球表面获得v0Rt的速度就可能离开月球表面围绕月球做圆周运动D．宇航员在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动的绕行周期为Rt v016．一质量为2 kg的物块在水平牵引力的作用下做直线运动，v－t图象如图1所示，物块与水平地面间的动摩擦因数为0.4.下列说法正确的是()A．图2 表示物块的加速度随时间的变化关系B ．图3 表示水平牵引力随位移的变化关系C ．图4 表示水平牵引力功率随时间的变化关系D ．图5 表示合力对物块做的功随位移的变化关系17．如图所示为半径为R 、均匀带正电的球体，A 、B 为过球心O 的直线上的两点，且OA ＝2R ，OB ＝3R ；球体的空间产生球对称的电场，场强大小沿半径方向分布情况如图所示，图中E 0已知，E －r 曲线下O ～R 部分的面积等于2R ～3R 部分的面积；则下列说法正确的是( )A ．A 点的电势低于B 点的电势B ．A 点的电场强度小于B 点的电场强度C ．从球面到A 点的电势差小于A 、B 两点间的电势差D ．带电量为q 的正电荷沿直线从A 点移到B 点的过程中，电场力做功12E 0Rq18．半径为r 的圆形空间内，存在着垂直纸面向里的匀强磁场，一个带正电粒子(不计重力)从A 点以速度v 0垂直于磁场方向射入磁场中，并从B 点射出，∠AOB ＝120°，如图所示，则该带电粒子在磁场中运动的时间为( )A.πr v 0B.23πr 3v 0C.πr 3v 0D.3πr 3v 019．物理学的发展极大的丰富了人类对世界的认识，推动了科学技术的创新与革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步．下列说法正确的是( )A ．相对论的创立表明经典力学已不再适用B ．光电效应证实了光的波动性C ．重核裂变过程生成中等质量的核，反应前后质量数守恒，但质量一定减少D ．在光电效应实验中，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能E k 越大，则这种金属的逸出功W 0越小20．用导线绕一圆环，环内有一用同样导线折成的内接正方形线框，圆环与线框绝缘，如图所示．把它们放在磁感应强度为B 的匀强磁场中，磁场方向垂直于圆环平面(纸面)向里．当磁场均匀减弱时( )A ．圆环和线框中的电流方向都为顺时针B ．圆环和线框中的电流方向都为逆时针C ．圆环和线框中的电流大小之比为2∶1D ．圆环和线框中的电流大小比为2∶121．A 、B 两球沿一直线运动并发生正碰，如图所示为两球碰撞前后的位移－时间图象．a 、b 分别为A 、B 两球碰前的位移－时间图象，c 为碰撞后两球共同运动的位移－时间图象，若A球质量m＝2 kg，则由图可知下列结论正确的是() A．A、B碰撞前的总动量为3 kg·m/sB．碰撞时A对B所施冲量为－4 N·sC．碰撞前后A的动量变化为4 kg·m/sD．碰撞中A、B两球组成的系中损失的动能为10 J试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(共47分)22．(5分)某实验小组采用如图1所示装置探究钩码和木块组成系统的动能定理．实验中，木块碰到制动装置时，钩码尚未到达地面，打点计时器的工作频率为f.用天平测出木块的质量为M，钩码的质量为m.图1图2(1)在实验操作过程中，小组某些成员认为：A．连接电磁打点计时器的电源应是0～12 V的低压直流电源B．实验时，木块与钩码的质量一定要满足M远大于mC．实验时，需要考虑到摩擦阻力D．实验时，先接通电源让打点计时器打点，再释放木块让钩码拉着木块拖着纸带运动你认为以上合理的是________．(填写相应的字母)(2)如图2所示是按照正确的实验步骤得到的一条纸带，O、A、B、C、D、E为打点计时器连续打的六个点(O为打下的第一点)．用刻度尺测出O到D的距离为s，则D点的速度为________．(用s、f表示)(3)木块从静止释放滑行s距离过程中，克服摩擦力做的功为____________．(重力加速度为g)23．(10分)学校实验室购买了一捆标称长度为100 m的铜导线，某同学想通过实验测定其实际长度，该同学首先测得导线横截面积为1.0 mm2，查得铜的电阻率为1.7×10－8Ω，再利用图甲所示电路测出铜导线的电阻R x，从而确定导线的实际长度．可供使用的器材有：电流表：量程0.6 A，内阻约0.2 Ω电压表：量程3 V，内阻约为9 kΩ滑动变阻器R1：最大阻值5 Ω滑动变阻器R2：最大阻值20 Ω定值电阻：R0＝3 Ω电源：电动势6 V，内阻可不计，开关、导线若干．回答下列问题：(1)实验中滑动变阻器应选________(选填“R1”或“R2”)，闭合开关S前应将滑片移至________(选填“a”或“b”)端．(2)在实物图丙中，已正确连接了部分导线，请根据图甲电路完成剩余部分的连接．(3)调节滑动变阻器，当电流表的读数为0.50 A，电压表示数如图乙所示，其读数为________ V.(4)根据电路图用公式R x＝ρlS和R x＝UI－R0，可求得导线实际长度为________．24．(12分)电视机显像管(抽成真空玻璃管)的成像原理主要是靠电子枪产生高速电子束，并在变化的磁场作用下发生偏转，打在荧光屏不同位置上发出荧光而成像．显像管的原理示意图(俯视图)如图甲所示，在电子枪右侧的偏转线圈可以产生使电子束沿纸面发生偏转的磁场(如图乙所示)，其磁感应强度B＝μNI，式中μ为磁通量，N为螺线管线圈的匝数，I为线圈中电流的大小．由于电子的速度极大，同一电子穿过磁场过程中可认为磁场没有变化，是稳定的匀强磁场．已知电子质量为m，电荷量为e，电子枪加速电压为U，磁通量为μ，螺线管线圈的匝数为N，偏转磁场区域的半径为r，其圆心为O点．当没有磁场时，电子束通过O点，打在荧光屏正中的M点，O点到荧光屏中心的距离OM＝L.若电子被加速前的初速度和所受的重力、电子间的相互作用力以及地磁场对电子束的影响均可忽略不计，不考虑相对论效应以及磁场变化所激发的电场对电子束的作用．(1)求电子束经偏转磁场后打到荧光屏上P点时的速率；(2)若电子束经偏转磁场后速度的偏转角θ＝60°，求此种情况下电子穿过磁场时，螺线管线圈中电流I0的大小；(3)当线圈中通入如图丙所示的电流，其最大值为第(2)问中电流的0.5倍，求电子束打在荧光屏上发光形成“亮线”的长度．25．(20分)如图所示，质量M＝4.0 kg的长木板B静止在光滑的水平地面上，在其右端放一质量m＝1.0 kg的小滑块A(可视为质点)．初始时刻，A、B分别以v0＝2.0 m/s向左、向右运动，最后A恰好没有滑离B板．已知A、B之间的动摩擦因数μ＝0.40，取g＝10m/s2.求：(1)A、B相对运动时的加速度a A和a B的大小与方向；(2)A相对地面速度为零时，B相对地面运动已发生的位移大小x；(3)木板B的长度l.(二)选考题(请考生从2道题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分．)33．[物理—选修3-3](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．理想气体吸热后温度一定升高B ．100℃、1 g 的氢气与100℃、1 g 的氧气相比，平均动能一定相等，内能一定不相等C ．某理想气体的摩尔体积为V 0，阿伏加德罗常数为N A ，则该理想气体的分子体积为V 0N AD ．甲、乙两个分子在只受分子力的作用下由无穷远处逐渐靠近直到不能再靠近的过程中，分子引力与分子斥力都增大，分子势能先减小后增大E ．扩散现象与布朗运动都能说明分子在永不停息的运动(2)(10分)在大气中有一水平放置的固定圆筒，它由a 、b 和c 三个粗细不同的部分连接而成，各部分的横截面积分别为2S 、12S 和S .已知大气压强为p 0，温度为T 0.两活塞A 和B 用一根长为4L 的不可伸长的轻杆相连，把温度为T 0的空气密封在两活塞之间，此时两活塞的位置如图所示．现对被密封的气体加热，其温度缓慢上升到T ，若活塞与圆筒壁之间的摩擦可忽略，此时两活塞之间气体的压强为多少？34．[物理—选修3-4](15分)(1)(5分)在均匀介质中坐标原点O 处有一波源做简谐运动，其表达式为y ＝5sin π2t (m)，它在介质中形成的简谐横波沿x 轴正方向传播，某时刻波刚好传播到x ＝12 m 处，波形图象如图所示，则________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)A ．此后再经6 s 该波传播到x ＝24 m 处B ．M 点在此后第3 s 末的振动方向沿y 轴正方向C ．波源开始振动时的运动方向沿y 轴负方向D ．波源开始振动时的运动方向沿y 轴正方向E ．此后M 点第一次到达y ＝－3 m 处所需时间是2 s(2)(10分)如图所示，一束光从空气中垂直入射到折射率为3的直角三棱镜．求从棱镜第一次射出的光线与原入射方向的偏转角度．参考答案与解析14．解析：选C .受力分析，如图所示．在水平方向：F N sin 45°＝F sin 53°，竖直方向：F N cos 45°＝mg ＋F cos 53°，联立解得F N ＝42mg ，所以C 正确；A 、B 、D 错误．15．[导学号：67814295] 解析：选B.小球在月球表面做竖直上抛运动，根据匀变速运动规律得t ＝2v 0g 月，解得g 月＝2v 0t ，故A 错误；物体在月球表面上时，由重力等于地月球的万有引力得G Mm R 2＝mg 月，解得M ＝R 2g 月G ，联立t ＝2v 0g 月，可得M ＝2v 0R 2Gt ，故B 正确；宇航员离开月球表面围绕月球做圆周运动至少应获得的速度大小即月球的第一宇宙速度大小，所以G Mm R 2＝m v 2R ，解得v ＝GM R ＝2v 0Rt ，故C 错误；宇航员乘坐飞船在月球表面附近绕月球做匀速圆周运动，根据重力提供向心力得mg 月＝m 4π2R T 2＝m 2v 0t ，解得T ＝π2Rt v 0，故D 错误．16．[导学号：67814296] 解析：选C.0～2 s 加速度为a 1＝42 m/s 2＝2 m/s 2，4～6 s 加速度为a 2＝－42 m/s 2＝－2 m/s 2，故图2不能表示物块的加速度随时间的变化关系，选项A 错误；因0～2 s 的位移等于4～6 s 的位移，小于2～4 s 的位移，故图3不能表示水平牵引力随位移的变化关系，选项B 错误；0～2 s 的牵引力的功率：P 1＝Fv ＝(ma 1＋μmg )a 1t ＝24t ；2～4 s 牵引力的功率：P 2＝fv ＝μmg ×a 1t ＝8×2×2 W ＝32 W ；4～6 s 的牵引力的功率：P 3＝Fv ＝4×(4－2t )＝16－8t ，则选项C 正确；0～2 s 内合外力的功：W 1＝ma 1x ＝4x ；2～4 s 内合外力的功为W 2＝0；4～6 s 合外力的功：W 3＝－4x .选项D 错误．17．解析：选D.球体带正电，电场线方向沿半径向外，故A 点的电势高于B 点的电势，因为A 距O 点半径为2R ，B 距O 点距离为3R ，从E －r 图中可看出2R 处的电场强度大于3R 处的电场强度，即E A >E B ，A 、B 错误；根据U ＝Ed 可知图线与横轴围成的面积表示电势差，从E －r 图可知R ～2R 围成的面积大于2R ～3R 围成的面积，即从球面到A 点的电势差大于A 、B 两点间的电势差，C 错误；因为曲线下O ～R 部分的面积等于2R ～3R 部分的面积，即O ～R 间的电势差等于2R ～3R 间的电势差，即等于A 、B 间的电势差，故电场力做功为W ＝Uq ＝12RE 0q ，D 正确． 18．解析：选D.根据题图可知∠AOB ＝120°，弧AB 所对圆心角θ＝60°，设带电粒子做匀速圆周运动的半径为R ，由几何知识可得R ＝3r ，t ＝AB ︵v 0＝π33rv 0＝3πr 3v 0，D 正确． 19．[导学号：67814297] 解析：选CD.经典力学适用于宏观物体和低速运动物体，对于微观世界和高速运动不再适用．相对论并没有否定经典力学，而是在其基础上发展起来的，有各自成立范围，故A 错误；光电效应证实了光的粒子性，故B 错误；重核裂变过程生成中等质量的核，反应前后质量数守恒，过程伴随着释放能量，质量一定减少，C 正确；据光电效应方程hν＝W 0＋E km 可知，用同种频率的光照射不同的金属表面，从金属表面逸出的光电子的最大初动能越大，则这种金属的逸出功越小，D 正确．20．解析：选AC.根据楞次定律可得当磁场均匀减小时，线圈内产生的感应磁场方向与原磁场方向相同，即感应电流方向都为顺时针，A 正确，B 错误；设圆半径为a ，则圆面积为S ＝πa 2，圆周长为L ＝2πa ，正方形面积为S ′＝2a 2，正方形周长为L ′＝42a ，因为磁场是均匀减小的，故E ＝ΔB ·S Δt，所以圆和正方形内的电动势之比为E E ′＝S S ′＝π2，两者的电阻之比为R R ′＝π22，故电流之比为I I ′＝E R E ′R ′＝E R ×R ′E ′＝22π×π2＝21，故C 正确，D 错误． 21．解析：选BCD.由s －t 图象可知，碰撞前有：v A ＝Δs A Δt A＝4－102 m/s ＝－3 m/s ，v B ＝Δs B Δt B ＝42 m/s ＝2 m/s ，碰撞后有：v ′A ＝v ′B ＝v ＝Δs Δt ＝2－44－2m/s ＝－1 m/s ；对A 、B 组成的系统，A 、B 两球沿一直线运动并发生正碰，碰撞前后两球都是做匀速直线运动，所以系统的动量守恒，碰撞前后A 的动量变化为：Δp A ＝mv ′A －mv A ＝[2×(－1)－2×(－3)] kg ·m/s ＝4 kg ·m/s ，根据动量守恒定律，碰撞前后B 的动量变化为：Δp B ＝－Δp A ＝－4 kg ·m/s ，又：Δp B ＝m B (v ′B －v B )，所以：m B ＝Δp B v ′B －v B ＝－4－1－2kg ＝43 kg ，所以A 与B 碰撞前的总动量为：p 总＝mv A ＋m B v B ＝⎣⎢⎡⎦⎥⎤2×（－3）＋43×2 kg ·m/s ＝－103 kg ·m/s ，由动量定理可知，碰撞时A 对B 所施冲量为：I B ＝Δp B ＝－4 kg ·m/s ＝－4 N ·s.碰撞中A 、B 两球组成的系统损失的动能：ΔE k ＝12mv 2A ＋12m B v 2B －12(m ＋m B )v 2，代入数据解得：ΔE k ＝10 J ，故A 错误，B 、C 、D 正确．22．解析：(1)电磁打点计时器用4～6 V 的交流电源，A 错；因为本实验把钩码和木块组成的系统作为研究对象，所以对二者之间的质量关系没有要求，B 错；因为动能定理涉及的是合外力所做的功，所以木块所受摩擦力要考虑并测量，C 对；使用打点计时器要保障先打点再移动，否则会损坏振针，D 对．(2)纸带做匀变速直线运动，初速度为0，(O 为打下的第一点)，所以平均速度等于末速度的一半，因此：v －＝12v D ＝s 4f＝sf 4，解得：v D ＝sf 2.(3)由动能定理，对钩码、木块有：mgs －W f ＝12(M ＋m )v 2D ，解得： W f ＝mgs －18(M ＋m )s 2f 2.答案：(1)CD (2)sf 2(3)mgs －18(M ＋m )s 2f 2 23．[导学号：67814298] 解析：(1)本实验采用限流法测电阻，所以滑动变阻器的最大阻值应为R 0和R x 总阻值的4倍以上，R 0＝3Ω，所以滑动变阻器选R 2，闭合开关S 前应将滑片移至阻值最大处，即a 处；(2)根据实验电路图，连接实物图，如图所示：(3)电压表量程为3 V ，由图乙所示电压表可知，其分度值为0.1 V ，所示为2.30 V ；(4)根据欧姆定律得：R 0＋R x ＝U I ＝2.30.5 Ω＝4.6 Ω，则R x ＝1.6Ω由电阻定律：R x ＝ρl S可知：l ＝R x S ρ，代入数据解得：l ≈94 m. 答案：(1)R 2 a (2)如解析图所示 (3)2.30(4)94 m24．[导学号：67814299] 解析：(1)设经过电子枪加速电场加速后，电子的速度大小为v ，根据动能定理有：eU ＝12mv 2，解得：v ＝ 2eU m .(2)设电子在磁场中做圆周运动的半径为R ，运动轨迹如图所示．根据几何关系有：tan θ2＝r R洛伦兹力提供向心力，根据牛顿第二定律有：evB ＝m v 2R ，由题知B ＝μNI 0，解得：I 0＝6meU 3r μeN. (3)设线圈中电流为0.5I 0时，偏转角为θ1，此时电子在屏幕上落点距M 点最远．此时磁感应强度B 1＝0.5μNI 0＝B 2轨迹圆半径R 1＝mv eB 1＝2R ＝23r ， tan θ12＝r R 1＝123＝36 电子在屏幕上落点距M 点最远距离y ＝L tan θ1＝4311L亮线长度Y ＝2y ＝8311L .答案：(1) 2eU m (2)6meU 3r μeN (3)8311L 25．解析：(1)A 、B 分别受到大小为μmg 的摩擦力作用，根据牛顿第二定律 对A 有μmg ＝ma A ，则a A ＝μg ＝4.0 m/s 2，方向水平向右对B 有μmg ＝Ma B ，则a B ＝μmg /M ＝1.0 m/s 2，方向水平向左．(2)开始阶段A 相对地面向左做匀减速运动，设到速度为零时所用时间为t 1，则v 0＝a A t 1，解得t 1＝v 0/a A ＝0.50 sB 相对地面向右做匀减速运动x ＝v 0t 1－12a B t 21＝0.875 m.(3)A 先相对地面向左匀减速运动至速度为零，后相对地面向右做匀加速运动，加速度大小仍为a A ＝4.0 m/s 2B 板向右一直做匀减速运动，加速度大小为a B ＝1.0 m/s 2当A 、B 速度相等时，A 滑到B 最左端，恰好没有滑离木板B ，故木板B 的长度为这个全过程中A 、B 间的相对位移．在A 相对地面速度为零时，B 的速度v B ＝v 0－a B t 1＝1.5 m/s设由A 速度为零至A 、B 速度相等所用时间为t 2，则a A t 2＝v B －a B t 2解得t 2＝v B /(a A ＋a B )＝0.3 s共同速度v ＝a A t 2＝1.2 m/s从开始到A 、B 速度相等的全过程，利用平均速度公式可知A 向左运动的位移x A ＝（v 0－v ）（t 1＋t 2）2＝（2－1.2）×（0.5＋0.3）2m ＝0.32 m B 向右运动的位移x B ＝（v 0＋v ）（t 1＋t 2）2＝（2＋1.2）×（0.5＋0.3）2m ＝1.28 mB 板的长度l ＝x A ＋x B ＝1.6 m.答案：(1)a A ＝4.0 m/s 2，方向水平向右a B ＝1.0 m/s 2，方向水平向左 (2)0.875 m (3)1.6 m33．解析：(1)根据热力学第一定律，气体吸热的同时对外做功，内能不一定增加，即温度不一定升高，A 错误；两者摩尔质量不同，即分子数不相同，温度相同，内能不相同，B 正确；分子间有间隙，所以体积不为V 0N A ，V 0N A为每个分子占据空间的体积，C 错误；从无穷远靠近的过程中，分子引力与分子斥力都增大，当距离大于平衡距离时，表现为引力，靠近过程中，分子力做正功，分子势能减小，当距离小于平衡距离时，表现为斥力，靠近过程中，分子力做负功，分子势能增加，D 正确；由于分子运动是永不停息的，故布朗运动和扩散现象都是永不停息的；它们都能说明分子在永不停息地运动，E 正确．(2)开始升温过程中封闭气体做等压膨胀，直至B 活塞左移L 为止．设B 刚好左移L 距离对应的温度为T ′，则L ×2S ＋2L ×12S ＋LS T 0＝2L ×2S ＋2L ×12ST ′得T ′＝54T 0所以，若T ≤54T 0，p ＝p 0若T ＞54T 0，由p ′×5LS T ＝p 0×4LS T 0得p ′＝4T 5T 0p 0. 答案：(1)BDE (2)见解析34．[导学号：67814300] 解析：(1)由题中波的图象可知，该波的波长λ＝8m ．由波源简谐运动的表达式y ＝5sin π2t (m)可知，ω＝π2 rad/s ，周期T ＝2πω＝4 s ，波速v ＝λT ＝2 m/s .此后再经6 s ，该波再向前传播的距离s ＝vt ＝2×6 m ＝12m ，即再经6 s ，该波传播到x ＝12 m ＋12 m ＝24 m 处，选项A 正确．题中波的图象上此时M 点向下振动，在此后的第3 s 末⎝ ⎛⎭⎪⎫即经过3T 4的振动方向沿y 轴正方向，选项B 正确．由题图为某时刻波刚好传播到x ＝12 m 时的波的图象可知，波源开始振动时的方向沿y 轴正方向，选项C 错误，D 正确．题图中M 点振动方向向下，此后M 点第一次到达y ＝－3 m 处所需的时间小于半个周期，即小于2 s ，选项E 错误．(2)光线射到斜面时，由几何关系知，入射角i ＝60°设棱镜的临界角为C ，由于sin C ＝1n ＝33<sin 60°＝32所以光射到斜面上时发生全反射由几何关系可知，光反射到另一直角边时的入射角i ′＝30°设光从另一直角边射出时的折射角为r ，则由折射定律可得sin i ′sin r ＝1n解得r ＝60°即与原方向的偏转角α＝90°－60°＝30°.答案：(1)ABD (2)见解析2018年高考物理仿真模拟卷及答案(二)(时间：70分钟；满分：110分)二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．14．下列说法正确的是()A．光子像其他粒子一样，不但具有能量，也具有动量B．比结合能越大，原子核越不稳定C．将由放射性元素组成的化合物进行高温分解，会改变放射性元素的半衰期D．原子核的质量大于组成它的核子的质量之和，这个现象叫做质量亏损15．一圆柱形磁铁竖直放置，如图所示，在它的右侧上方有一带正电小球，现使小球获得一水平速度，小球若能在水平面内做匀速圆周运动，则下列说法正确的是()A．俯视观察，小球的运动方向可以是顺时针，也可以是逆时针B．俯视观察，小球的运动方向只能是顺时针C．俯视观察，小球的运动方向只能是逆时针D．不可能实现小球在平面内做匀速圆周运动16．如图，两段等长轻质细线将质量分别为m、3m的小球a、b，悬挂于O点．现在两个小球上分别加上水平方向的外力，其中作用在a球上的力大小为F1、作用在b球上的力大小为F2，则此装置平衡时，出现了如图所示的状态，b球刚好位于O点的正下方．则F1与F2的大小关系应为()A．F1＝4F2B．F1＝3F2C．3F1＝4F2D．3F1＝7F217．质量为60 kg的建筑工人，不慎从高空跌下，由于弹性安全带的保护，使他悬挂起来；已知弹性安全带的缓冲时间是1.2 s，安全带长5 m，不计空气阻力影响，g取10 m/s2，则安全带所受的平均冲力的大小为()A．100 N B．500 NC．600 N D．1 100 N18．2016年2月1日15点29分，我国在西昌卫星发射中心成功发射了第五颗新一代北斗导航卫星．该卫星绕地球做圆周运动，质量为m，轨道半径约为地球半径R的4倍．已知地球表面的重力加速度为g，忽略地球自转的影响，则()A．卫星的绕行速率大于7.9 km/sB．卫星的动能大小约为mgR 8C．卫星所在高度的重力加速度大小约为1 4gD．卫星的绕行周期约为4πRg19.如图所示，带电物体P、Q可视为点电荷，电荷量相同．倾角为θ、质量为M的斜面体放在粗糙水平面上，将质量为m的物体P放在粗糙的斜面体上．当物体Q放在与P等高(PQ连线水平)且与物体P相距为r的右侧位置时，P静止且受斜面体的摩擦力为0，斜面体保持静止，静电力常量为k，则下列说法正确的是()A．P、Q所带电荷量为mgr2tanθkB．P对斜面的压力为0C．斜面体受到地面的摩擦力为0D．斜面体对地面的压力为(M＋m)g20．如图所示，等量异种电荷A、B固定在同一水平线上，竖直固定的光滑绝缘杆与A、B连线的中垂线重合，C、D是绝缘杆上的两点，ACBD构成一个正方形．一带负电的小球(可视为点电荷)套在绝缘杆上自C点无初速度释放，则小球由C运动到D的过程中，下列说法正确的是()A．杆对小球的作用力先增大后减小B．杆对小球的作用力先减小后增大C．小球的速度一直增大D．小球的速度先减小后增大21．如图所示，两根光滑的金属导轨平行放置在倾角为θ的斜面上，导轨在左端接有电阻R，导轨的电阻可忽略不计，斜面处在匀强磁场中，磁场方向垂直斜面向上，质量为m、电阻可忽略不计的金属棒ab在沿斜面与棒垂直的恒力F作用下沿导轨由静止开始上滑，并上升h高度，在这一过程中()A．作用在金属棒上的合力所做的功大于零B．恒力F所做的功等于mgh与电阻R上发出的焦耳热之和C．恒力F与安培力的合力的瞬时功率一定时刻在变化D．恒力F与重力mg的合力所做的功大于电阻R上产生的焦耳热试题考生都必须作答．第33～34题为选考题，考生根据要求作答．(一)必考题(共47分)22．(5分)如图所示为用光电门测定钢球下落时受到的阻力的实验装置．直径为d、质量为m的钢球自由下落的过程中，先后通过光电门A、B，计时装置测出钢球通过A、B的时间分别为t A、t B.用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度．测出两光电门间的距离为h，当地的重力加速度为g.(1)钢球下落的加速度大小a＝______________，钢球受到的空气平均阻力F f＝______________．(2)本题“用钢球通过光电门的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度”，但从严格意义上讲是不准确的，实际上钢球通过光电门的平均速度________(选填“>”或“<”)钢球球心通过光电门的瞬时速度．23．(10分)(1)利用如图所示电路测量一量程为300 mV的电压表的内阻R V(约为300 Ω)．某同学的实验步骤如下：①按电路图正确连接好电路，把滑动变阻器R的滑片P滑到a端，闭合开关S2，并将电阻箱R0的阻值调到较大；②闭合开关S1，调节滑动变阻器滑片的位置，使电压表的指针指到满刻度；③保持开关S1闭合和滑动变阻器滑片P的位置不变，断开开关S2，调整电阻箱R0的阻值大小，使电压表的指针指到满刻度的三分之一；读出此时电阻箱R0＝596 Ω的阻值，则电压表内电阻R V＝________Ω.实验室提供的器材除待测电压表、电阻箱(最大阻值999.9 Ω)、电池(电动势约1.5 V，内阻可忽略不计)、导线和开关之外，还有如下可供选择的实验器材：A．滑动变阻器：最大阻值200 ΩB．滑动变阻器：最大值阻10 ΩC．定值电阻：阻值约20 ΩD．定值电阻：阻值约200 Ω根据以上设计的实验方法，回答下列问题．(2)为了使测量比较精确，从可供选择的实验器材中，滑动变阻器R应选用________，定值电阻R′应选用________(填写可供选择实验器材前面的序号)．(3)对于上述的测量方法，从实验原理分析可知，在测量操作无误的情况下，实际测出的电压表内阻的测量值R测________真实值R V (填“大于”“小于”或“等于”)，这误差属于________误差(填“偶然”或者“系统”)且在其他条件不变的情况下，若R V越大，其测量值R测的误差就越________(填“大”或“小”)．24．(12分)我国发射的“嫦娥一号”卫星发射后首先进入绕地球运行的“停泊轨道”，通过加速再进入椭圆“过渡轨道”，该轨道离地心最近距离为L1，最远距离为L2，卫星快要到达月球时，依靠火箭的反向助推器减速，被月球引力“俘获”后，成为环月球卫星，最终在离月心距离L3的“绕月轨道”上飞行，如图所示．已知地球半径为R，月球半径为r，地球表面重力加速度为g，月球表面的重力加速度为g6，求：。
2018年全国高考物理模拟试卷(新课标Ⅰ)带答案详解
2018年全国高考物理模拟试卷（新课标Ⅰ）一、选择题：本大题共8小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～5题只有一项是符合题目要求，第6～8题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分．有选错的得0分．1．（6分）将质量为1.00kg的模型火箭点火升空，50g燃烧的燃气以大小为600m/s 的速度从火箭喷口在很短时间内喷出．在燃气喷出后的瞬间，火箭的动量大小为（喷出过程中重力和空气阻力可忽略）（）A．30kg•m/s B．5.7×102kg•m/sC．6.0×102kg•m/s D．6.3×102kg•m/s2．（6分）发球机从同一高度向正前方依次水平射出两个速度不同的乒乓球（忽略空气的影响）．速度较大的球越过球网，速度较小的球没有越过球网；其原因是（）A．速度较小的球下降相同距离所用的时间较多B．速度较小的球在下降相同距离时在竖直方向上的速度较大C．速度较大的球通过同一水平距离所用的时间较少D．速度较大的球在相同时间间隔内下降的距离较大3．（6分）如图，空间某区域存在匀强电场和匀强磁场，电场方向竖直向上（与纸面平行），磁场方向垂直于纸面向里．三个带正电的微粒a，b，c电荷量相等，质量分别为m a，m b，m c．已知在该区域内，a在纸面内做匀速圆周运动，b在纸面内向右做匀速直线运动，c在纸面内向左做匀速直线运动．下列选项正确的是（）A．m a＞m b＞m c B．m b＞m a＞m c C．m c＞m a＞m b D．m c＞m b＞m a4．（6分）大科学工程“人造太阳”主要是将氘核聚变反应释放的能量用来发电，氘核聚变反应方程是：H+H→He+n，已知H的质量为2.0136u，He的质量为3.0150u，n的质量为1.0087u，1u=931MeV/c2．氘核聚变反应中释放的核能约为（）A．3.7MeV B．3.3MeV C．2.7MeV D．0.93MeV5．（6分）扫描隧道显微镜（STM）可用来探测样品表面原子尺寸上的形貌．为了有效隔离外界振动对STM的扰动，在圆底盘周边沿其径向对称地安装若干对紫铜薄板，并施加磁场来快速衰减其微小振动，如图所示，无扰动时，按下列四种方案对紫铜薄板施加恒磁场；出现扰动后，对于紫铜薄板上下及左右振动的衰减最有效的方案是（）A． B．C．D．6．（6分）如图，三根相互平行的固定长直导线L1、L2和L3两两等距，均通有电流I，L1中电流方向与L2中的相同，与L3中的相反．下列说法正确的是（）A．L1所受磁场作用力的方向与L2、L3所在平面垂直B．L3所受磁场作用力的方向与L1、L2所在平面垂直C．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为1：1：D．L1、L2和L3单位长度所受的磁场作用力大小之比为：：17．（6分）在一静止点电荷的电场中，任一点的电势φ与该点到点电荷的距离r 的关系如图所示．电场中四个点a、b、c和d的电场强度大小分别E a、E b、E c和E d，点a到点电荷的距离r a与点a的电势φa已在图中用坐标（r a，φa）标出，其余类推．现将一带正电的试探电荷由a点依次经b、c点移动到d点，在相邻两点间移动的过程中，电场力所做的功分别为W ab、W bc和W cd．下列选项正确的是（）A．E a：E b=4：1 B．E c：E d=2：1 C．W ab：W bc=3：1 D．W bc：W cd=1：3 8．（6分）如图，柔软轻绳ON的一端O固定，其中间某点M拴一重物，用手拉住绳的另一端N．初始时，OM竖直且MN被拉直，OM与MN之间的夹角α（α＞）．现将重物向右上方缓慢拉起，并保持夹角α不变，在OM由竖直被拉到水平的过程中（）A．MN上的张力逐渐增大B．MN上的张力先增大后减小C．OM上的张力逐渐增大D．OM上的张力先增大后减小二、非选择题：本卷包括必考题和选考题两部分．第9～32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～38题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（5分）某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间．实验前，将该计时器固定在小车旁，如图（a）所示．实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车．在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图（b）记录了桌面上连续6个水滴的位置．（已知滴水计时器每30s 内共滴下46个小水滴）（1）由图（b）可知，小车在桌面上是（填“从右向左”或“从左向右”）运动的．（2）该小组同学根据图（b）的数据判断出小车做匀变速运动．小车运动到图（b）中A点位置时的速度大小为m/s，加速度大小为m/s2．（结果均保留2位有效数字）10．（10分）某同学研究小灯泡的伏安特性，所使用的器材有：小灯泡L（额定电压3.8V，额定电流0.32A）电压表V（量程3V，内阻3kΩ）电流表A（量程0.5A，内阻0.5Ω）固定电阻R0（阻值1000Ω）滑动变阻器R（阻值0～9.0Ω）电源E（电动势5V，内阻不计）开关S；导线若干．（1）实验要求能够实现在0～3.8V的范围内对小灯泡的电压进行测量，画出实验电路原理图．（2）实验测得该小灯泡伏安特性曲线如图（a）所示．由实验曲线可知，随着电流的增加小灯泡的电阻（填“增大”“不变”或“减小”），灯丝的电阻率（填“增大”“不变”或“减小”）．（3）用另一电源E0（电动势4V，内阻1.00Ω）和题给器材连接成图（b）所示的电路图，调节滑动变阻器R的阻值，可以改变小灯泡的实际功率．闭合开关S，在R的变化范围内，小灯泡的最小功率为W，最大功率为W．（结果均保留2位小数）11．（12分）一质量为8.00×104 kg的太空飞船从其飞行轨道返回地面．飞船在离地面高度1.60×105 m处以7.5×103 m/s的速度进入大气层，逐渐减慢至速度为100m/s时下落到地面．取地面为重力势能零点，在飞船下落过程中，重力加速度可视为常量，大小取为9.8m/s2．（结果保留2位有效数字）（1）分别求出该飞船着地前瞬间的机械能和它进入大气层时的机械能；（2）求飞船从离地面高度600m处至着地前瞬间的过程中克服阻力所做的功，已知飞船在该处的速度大小是其进入大气层时速度大小的2.0%．12．（20分）真空中存在电场强度大小为E1的匀强电场，一带电油滴在该电场中竖直向上做匀速直线运动，速度大小为v0，在油滴处于位置A时，将电场强度的大小突然增大到某值，但保持其方向不变．持续一段时间t1后，又突然将电场反向，但保持其大小不变；再持续同样一段时间后，油滴运动到B点．重力加速度大小为g．（1）油滴运动到B点时的速度；（2）求增大后的电场强度的大小；为保证后来的电场强度比原来的大，试给出相应的t1和v0应满足的条件．已知不存在电场时，油滴以初速度v0做竖直上抛运动的最大高度恰好等于B、A两点间距离的两倍．（二）选考题：共15分。
2018年高考物理模拟试题及答案
2018年高考物理模拟试题及答案注意事项:1．本卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
答卷前，考生务必将自己的学校、姓名、考号和座位号填写在答题卡上。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号，写在试卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，将答案写在答题卡上。
写在本试卷上无效。
4．考试结束后，考生将答题卡交回。
5．理、化、生三科考试时间共150分钟，物理满分110分。
第I 卷一、选择题（本题共8小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第14-18题只有一个选项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求。
全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错或不答的得0分）14． a 、 b 两辆汽车沿同一直线运动，它们的 x 一 t 图象如图所示，则下面关于两车运动情况的说法正确的是A.前2s 内两车的位移相同B.t=1s 时两车之间的距离最远C.b 车的加速度大小为12/s mD.第3s 内两车行驶的路程相同15．如图，在Ⅰ、Ⅱ两个区域内存在磁感应强度均为B 的匀强磁场，磁场方向分别垂直于纸面向外和向里，AD 、AC 边界的夹角∠DAC=30°，边界AC 与边界MN 平行，Ⅱ区域宽度为d ．质量为m 、电荷量为+q 的粒子在边界AD 上距A 点d 处垂直AD 射入I 区，入射速度垂直磁场，若入射速度大小为m qBd ，不计粒子重力，则粒子在磁场中运动的总时间（ ）A ．qB m 3π B ．qBm 32π C ．qB m 65π D ．qB m 67π16.如图所示，M 、N 是在真空中竖直放置的两块平行金属板。
质量为m ，电量为－q 的 带电粒子，以初速0v 由M 板中间的小孔垂直金属板进入电场，不计重力。
当M 、N 间电 压为U 时，粒子刚好能到达M 、N 板间距的一半处返回，现将两板间距变为原来一半， 粒 子的初速度变为20v ，要使这个粒子刚好到达N 板，则两板间电压应变为（ ）A ．2UB ．UC ．2UD ．4U17．一位网球运动员以拍击球使网球沿水平方向飞出．第一只球落在自己一方场地上后，弹跳起来，刚好擦网而过，落在对方场地的A 点处，如图所示．第二只求直接擦网而过，也落在A 点处．设球与地面的碰撞过程没有能量损失，且运动过程不计空气阻力，则两支球飞过球网C 处时水平速度之比为（ ）A ．1：1B ．1：3C ．3：1D ．1：918．如某星球由于自转使处于赤道上的物体对星球表面压力恰好为零，设该物体的线速度为1v ，该星球第一宇宙速度2v ，同步卫星线速度3v ，三者的大小关系为A ．1v =2v =3vB ．1v =3v <2vC ．1v =2v >3vD ．1v <3v <2v19．如图甲所示，倾角为 30的斜面固定在水平地面上，一个小物块在沿斜面向上的恒定拉力F 作用下，从下面低端A 点有静止开始运动，一段时间后撤去拉力F ，小物块能达到的最高位置为C 点。
2018年普通高等学校招生全国统一模拟考试理综-物理试题 含答案【 高考】
2017－2018学年度高三年级第三次模拟考试物理答案（A 卷）14．C 15．A 16．D 17．D 18．B 19．BD 20．AC 21．BD（B 卷）14．C 15．B 16．D 17．D 18．A 19．BD 20．AC 21．BC22．（1）22gt xL h =（2分）（2）21th ∝（2分）（3）否（1分） 23．（1）略（2分）（2）0.57 1.75 2.00 1.00（每空2分）24．解析：（1）以整体为研究对象，设加速度为a ，由牛顿第二定律可得：22241m/s 4mg a g mμμ===……………（2分） 由位移公式可得：2021-at t v L =…………（2分） 解得2s t =…………（1分）（2）设木板与墙壁碰撞时的速度为v ，则由at v v -=0解得v =8m/s …………（1分） 碰后木块向右做匀减速运动的加速度2114m/s a g μ== ……………………（1分） 木板向左做匀减速运动的加速度38=34+=212m mg mg a μμm/s 2，………………（2分） 设木块刚要滑下时间为t ，滑块和木板的各自位移分别为x 1、x 2，由位移公式得：21121-=t a vt x ，22221-t a vt x =…………（2分） 再由二者相反运动12 4.5m x x +=…………（1分）解得3.0=t s …………（2分）其它方法正确同样得分。
25．解析：（1）设a 球在电场中的加速度为a ，由牛顿第二定律和运动学公式可得MEq a =…（1分）aL v 22=…………（1分） 所以qLMv E 22=…………（2分） （2）设a 、b 两球碰后的速度分别为v 1和v 2，由动量和能量守恒得：21mv Mv Mv +=…………（2分）22212212121mv Mv Mv +=…………（2分） 解得()m M v m M v +-=1…………（1分） mM Mv v +=22…………（1分） （3）由于碰后两球都带正电在磁场中向同一方向偏转做圆周运动，由Rmv qBv 2=…（1分） vR T π2=…………（1分） 得：qB M T a π4=，qBm T b π4=…………（2分） 如图所示a 、b 两球与O 点第一次共线时有πππ222=-t T t T a b ………（2分） 解得()m M qt Mm B -=π4…………（2分） 其它方法正确同样得分。
2018年高考仿真模拟物理试题新课标全国卷(十)答案
2018年高考仿真模拟试题(新课标全国卷)物理(十)答案1．C 【解析】277112Cn 原子核中的核子之间不仅存在巨大的核力，也存在较小的库仑力和微弱的万有引力，选项A 错误；核反应方程为277112Cn →253Fm x+42He n ，根据质量数守恒和电荷数守恒，可得n =6，x =100，选项B 错误；277112Cn 的中子数为277−112=165，253Fm x 的中子数为253−100 = 153，可见277112Cn 的中子数比253Fm x 的中子数多165−153 = 12，选项C 正确；经2T 时间，剩余的277112Cn 原子核质量为0.25 g ，但衰变过程中会产生新核，故剩余物质的质量大于0.25 g ，选项D 错误。
2．B 【解析】由于两粒子在磁场中运动时间相等，则两粒子一定是分别从MN 边和PQ 边离开磁场的，如图所示，由几何知识可得质量为2m 的粒子对应的圆心角为300°，由t =2θπT 得质量为5m 的粒子对应的圆心角为120°，由图可知△OCD 为等边三角形，可求得R =3L ，由Bqv =25mv R 得v =15m ，选B 。
3．B 【解析】设恒星Kepler 11145123的质量为M ，万有引力提供向心力，则2Mm G r =m (2T π)2r ，得M =2324r GTπ，体积343V R π=， 则密度M V ρ==3233r GT R π，由于r ≥R ，恒星Kepler 11145123的密度一定不小于23GT π，选项A 正确，B 错误；行星P 的速度大小为v =2rTπ，选项C 正确； 行星P 运动的向心加速度大小a =2v r，得a =224rT π，选项D 正确。
4．B 【解析】根据胡克定律，小球在A 处时，满足k AP x =mg ，在B 处时，橡皮绳的拉力T =k BP x =ksin APx θ，将拉力T 分解为竖直分力T 1和水平分力T 2，则T 1=T sin θ=k AP x =mg ，T 2=14tan 3T mg θ=，小球与横杆间的弹力大小N =mg +T 1=2mg ，选项A 错误；滑动摩擦力f =μN =mg ，选项B 正确；根据牛顿第二定律有F −f −T 2=ma ，得a =−13g<0，说明加速度大小为13g ，方向水平向左，选项C 、D 错误。
2018高考物理模拟试题10含解析
10高考物理模拟试题2018分，时间60分钟满分110)48分第Ⅰ卷(选择题共题只有4小题，每小题6分．在每小题给出的四个选项中，第1～二选择题：本题共8分，选对但不全的得65～8题有多项符合题目要求．全部选对的得一项符合题目要求，第3分，有选错的得0分．)14．以下说法符合物理学史的是(．笛卡儿通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究A ．哥白尼提出了日心说并发现了行星沿椭圆轨道运行的规律B C．静电力常量是由库仑首先测出的D．牛顿被人们称为“能称出地球质量的人”3处放有一物块，木板可以绕15．如图所示，光滑木板长1 m m，木板上距离左端2现让木板突然以一恒定角速度顺时针转动时，开始时木板水平静止．左端垂直纸面的轴转动，g，则木板转动的角速度为m/s＝物块下落正好可以砸在木板的末端，已知重力加速度10 2)(103B.π A.rad/s rad/s π66103πrad/s D.πrad/s C.33mmAB，两小球带等3和、的小球16．如图所示，光滑绝缘水平面上有质量分别为FBABL时，两小球保持相、量异种电荷．水平外力作用在小球间的距离为上，当两小球1BFA、要使两小球保持相对静止，两小球若仅将作用在小球对静止．上的外力的大小改为，415/ 1B)间的距离为(LL 3BA．2．LL D.32 C.17．如图所示，10匝矩形线框，在磁感应强度为0.4 T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴OO′以角速度为100 rad/s匀速转动，线框电阻不计，面积为0.5 m，线框通过滑环与一2理想变压器的原线圈相连，副线圈接有两只灯泡L和L.已知变压器原、副线圈的匝数比为2110∶1，开关断开时L正常发光，且电流表示数为0.01 A，则( )1t V 200sin 100A．若从图示位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为B．灯泡L的额定功率为2 W 1C．若开关S闭合，灯泡L将更亮1D．若开关S闭合，电流表示数将增大P向下滑动时，有( 18．在如图所示的电路中，开关闭合后，当滑动变阻器的触头)A．灯L变亮1B．灯L变暗2C．电源的总功率变大Rba方向的电流．电阻到有从D1Lθ＝37°，导轨处在垂直导轨19．两间距为1 m＝的平行直导轨与水平面间的夹角为BP垂直地放在导轨上，且通过质的匀强磁场中．金属棒T平面向下、磁感应强度大小＝215/ 2量不计的绝缘细绳跨过如图所示的定滑轮悬吊一重物，将重物由静止释放，经过一段时间，QQ 垂直放在导轨上，重物立即向下做匀速直线运动，金属棒将另一根完全相同的金属棒m，假设重物始终没有落在水平面上，＝恰好处于静止状态．已知两金属棒的质量均为1 kg g，0.6，＝10 m/ssin 37°＝且金属棒与导轨接触良好，一切摩擦均可忽略，重力加速度2)cos 37°＝0.8.下列说法正确的是(1.2 kg．重物的质量为A PQ未放上时，重物和金属棒．金属棒组成的系统机械能不守恒B Q C．金属棒放上后，电路中产生的焦耳热等于重物重力势能的减少量Q3 A D．金属棒放上后，电路中电流的大小为)20．下列说法正确的是(A．太阳辐射的能量主要来自太阳内部的核裂变反应B．用加热、加压或改变其化学状态的方法都不能改变原子核衰变的半衰期n的激发态跃迁到基态时最多可产生2条不同频率的谱线C．一个氢原子从量子数3＝D．一束光照射到某种金属上不能发生光电效应，可能是因为该束光的波长太短HGKJLPQMN区域内有垂直纸面向外的匀21．如图所示，两个边长为2和的正方形LBB、方向水平且和，两磁场区域中间夹有两个宽度为强磁场，磁感应强度大小分别为21mPNGKE、、的匀强电场，两电场区域分界线经过的中点．一质量为相反、场强大小均为Gq经上方电场加速后通过磁场回旋，(不计重力)从电荷量为点由静止释放，的带正电粒子GNK) 二次加速后恰好回到点，则下列说法正确的是( 又经历下方电场沿BB＝．A212MN边离开B．带电粒子第二次进入右边磁场后一定从mLππ2??t C．第一次完整回旋过程经历的时间为＝＋2＋??qE22??D．要实现两次以上的回旋过程，可以同时增大两磁场的磁感应强度第Ⅱ卷(非选择题共62分)非选择题：包括必考题和选考题两部分．第9～12题为必考题，每个试题考生都必须15/ 3做答．第13～14题为选考题，考生根据要求做答．(一)必考题(共47分)22．(6分)为了探究加速度与力的关系，某同学设计了如图所示的实验装置，带滑轮的dF，滑块通过细线与重物相连，细线的拉力长木板水平放置，板上有两个光电门相距为t.的时间改变1让滑块从光电门由静止释放，记下滑到光电门2大小等于力传感器的示数．重物质量来改变细绳拉力大小，重复以上操作5次，计算后得到下表中的5组数据．aF图象；(1)请根据表中数据在坐标纸上画出-aFmμ＝，滑块和轨道间的动摩擦因数分析-＝图象，可求出滑块质量________kg(2)g＝10 m/s)________(重力加速度223．(9分)对某圆柱体的电学性质进行研究：(1)①用螺旋测微器测量其直径，结果如图(a)所示，则其直径为________mm.②用多用电表电压挡测量其两端无电压．③用多用电表欧姆挡粗略测量其电阻为1 500 Ω.15/ 4④为精确测量其电阻值，现有以下器材：) Ω，内阻约为5 (量程0～2 mAA．直流毫安表A1) Ω，内阻约为0.5 量程0～3 A(B．直流电流表A2) 25 kΩ0量程～15 V，内阻C．直流电压表V(1) 5 kΩ0～3 V，内阻D．直流电压表V(量程2E) 3 V，内阻可不计(输出电压E．直流电源R10 A) Ω，允许最大电流～(015 F．滑动变阻器．开关一只，导线若干G 中画出实验电路图，并标明仪器名称符号．根据器材的规格和实验要求，在方框1实验发现这个圆柱体还有一个特点：在强磁场作用下用多用电表电压挡测量发现有(2)IU中图(b)、3 T时，其作为电源的特性曲线分别为图-1 T电压，当磁感应强度分别为、2 T 线甲、乙、丙所示．IU 中画出测量其电源①请在方框2特性的电路图．-”的灯泡正常发光，需要把圆柱体放在磁感②按照这种规律，要使标有“100 V,100 W ________T的磁场中．应强度为“反应酒后驾驶会导致许多安全隐患，其中之一是驾驶员的反应时间变长，分．(12)24“反应距离”是指驾驶员从发是指驾驶员从发现情况到开始采取制动的时间．下表中时间”“刹车距离”是指驾驶员从踩下刹车踏板制动现情况到采取制动的时间内汽车行驶的距离；到汽车停止的时间内汽车行驶的距离．某次实验测量数据如表所示，求：速度反应距离刹车距离酒后正常正常酒后15 m15 m15 m/s12 m6 m(1)驾驶员酒后反应时间比正常情况下多多少？15/ 5(2)汽车刹车时，加速度大小．a的一端固定在铜环的圆心如图，匀强磁场垂直铜环所在的平面，导体棒分)25．(20OOP、匀速转动．通过电刷把铜环、环心与两竖直平行金属板处，另一端紧贴铜环，可绕QRRM是定值电阻．带正电的小球通过绝缘细线挂在两板间连接成如图所示的电路，、21M点正下方的，无初速度释放小球，小球沿圆弧经过点，被拉起到水平位置；合上开关K NBaωlrRR＝，长度为的角速度大小为；点到另一侧．已知：磁感应强度为，，电阻为21rPQdmq；重力加速度2，铜环电阻不计；；带电小球的质量为、两板间距为、电量为＝g，求：为a匀速转动的方向；(1)15/ 6PQE的大小；、间电场强度(2)NT的大小．小球通过点时对细线拉力(3)(二)选考题(共15分．请考生从给出的2道题中任选一题做答．如果多做，则按所做的第一题计分)33．[物理——选修3－3](15分)OOM间的某处由静止开乙分子从甲分子固定在坐标原点分)如图所示，与处，(1)(5xEx的关系如图中曲线所始沿与两分子间距离轴正方向运动，甲、乙两分子的分子势能p MNPxxxNE，则下点时的动能为2、示．若、、三点的横坐标分别为、，乙分子经过031215/ 7列说法正确的是________．(填正确答案标号．选对1个得2分，选对2个得4分，选对3个得5分．每选错1个扣3分，最低得分为0分)M点时，甲、乙两分子间的分子力表现为斥力．乙分子在A N点时，加速度最小．乙分子在B ME 点时，动能为C．乙分子在0P点时，速度为零．乙分子在D P点时，分子力的功率为零．乙分子在Em的活塞将理想气体密封在足够高的导热汽缸内，活塞用劲)如图，一质量为(2)(10分kL，弹簧度系数为的轻质弹簧悬挂于天花板上，系统静止时，活塞与汽缸底部高度差为0mgm的物块，右手将物块用轻绳挂于汽缸底部，然后左2.的弹力为3现用左手托住质量为pS，重力加速度大小为，手缓慢下移，直至离开物块．外界大气压恒为活塞的横截面积为0g，不计一切摩擦和缸内气体的质量，环境温度保持不变．求汽缸底部挂上物块后稳定时，h.汽缸下降的高度34．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)在以下各种说法中，正确的是________．(填入正确选项前的字母．选对1个给2分，选对2个给4分，选对3个给5分；每选错1个扣3分，最低得分为0分)A．变化的电场一定产生变化的磁场；变化的磁场一定产生变化的电场B．相对论认为：真空中的光速大小在不同惯性参照系中都是相同的C．横波在传播过程中，波峰上的质点运动到相邻的波峰所用的时间为一个周期D．机械波和电磁波本质上不相同，但它们都能发生反射、折射、干涉和衍射现象E．如果测量到来自遥远星系上某些元素发出的光波波长比地球上这些元素静止时发出15/ 8的光波波长长，这说明该星系正在远离我们而去(2)(10分)投影仪的镜头是一个半球形的玻璃体，光源产生的单色平行光投射到玻璃体MNR，已知镜头半径为的平面上，经半球形镜头折射后在光屏光屏上形成一个圆形光斑．MNOddRn，不考虑光的干涉和衍射．玻璃对该单色光的折射率为)，求到球心的距离为(>3MN上被照亮的圆形光斑的半径．光屏15/ 9模拟试题十答案伽利略通过逻辑推理和实验对落体问题进行了研究，得出了自由下落．解析：选C.14错误．哥白尼提出了日心说，开普勒发现了行星沿椭的物体下落速度与质量无关，选项A正确．卡文迪C圆轨道运行的规律，选项B错误．静电力常量是由库仑首先测出的，选项GMg计算出了地球的质量，被人们称为“能称＝许通过扭秤实验测出了引力常量，从而由R2错误．出地球质量的人”，选项Dααcos 设从开始到物块砸在木板的末端，木板转过的角度为，则有15．解析：选B.1π3gtLαhh，得物块下落时间为＝，所以物块下落的高度＝＝sin 30＝°＝0.5 m，由，22261010tω＝s，所以木板转动的角速度正确．＝πrad/s，选项B610kq2AFmaFBAB有＝4A.16．解析：选当水平外力整体有作用在小球对上时，对，、L2kq112maAmaFABFma′，综＝有，当水平外力大小改为4时，对、＝整体有′，对＝L ′442LL，选项A′＝2上可解得正确．ωUNBS200 ×0.5选解析：D.变压器输入电压的最大值为：×＝100 V＝＝10×0.417．mωUu cos ＝V，由于从垂直中性面的位置开始计时，所以线框中感应电动势的瞬时值为：m U200m Utt，V项错；变压器输入电压的有效值为：1002 ＝＝V＝＝200cos 100(V)，故A122In21I的额定0.1 A＝，灯泡L0.01 A开关断开时L正常发光，且电流表示数为，由＝可得In11212IPU项错；若开100B2 ＝W＝，故2×功率等于此时变压器的输入功率，为：0.01＝11闭合，输出电压不变，C项错；若开关S关S闭合，输出电压不变，故灯泡L亮度不变，故1项正确．D输出端电阻减小，则输出电流增加，输入电流也增加，故P电路的总电阻逐渐向下滑动时，BD.开关闭合后，当滑动变阻器的触头．18解析：选R开的电流减小，变暗，增大，总电流减小，L两端电压增大，流过L选项A错误，B正确．221错误．当电源输出电流减C关闭合后，由于电源输出电流减小，电源的总功率变小，选项aRb正小时，电容器支路两端电压增大，电容器充电，电阻有从到方向的电流，选项D1确．mgQFQ sin对金属棒放上后，AD.选解析：19．金属棒由平衡条件可知，＝安培力大小15/ 10θmgθPTFmgθ，对重物2由平衡条件可知，细绳的拉力大小为sin ＝sin ＋，对金属棒＝QθTMgMm放上之前，对重＝1.2 kg，＝2正确；金属棒由平衡条件可知sin ＝A，所以P因此重物和金属棒组成的系统，只有重力和系统内的弹力(细绳的拉力物和金属棒)做功，QP重物重力势放上后，错误；金属棒根据能量守恒定律可知，组成的系统机械能守恒，B P错误；对金属重力势能的增加量之和，能的减少量等于电路中产生的焦耳热与金属棒Cθmg sin IBILFmgθQ正确．3 A，，所以有棒，安培力大小D＝＝sin ＝＝BL错误；加热、ABC.太阳辐射的能量主要来自于太阳内部的核聚变，选项20．解析：选n的激发态跃3＝加压或改变化学状态均不影响元素的半衰期，选项B正确；一个氢原子从正确；一束光照射到金属上，不能发种不同频率的光谱，选项C迁到基态时，最多产生2 D错误．生光电效应，是由于该光的频率小，即光的波长太长，选项1mvqEL，在右边磁场中做BCD.带电粒子在电场中第一次加速有－＝021．解析：选212mEv221BqvBm，带电粒子在匀速圆周运动的向心力由洛伦兹力提供，有，解得＝＝qLL11111GmvqELmv点，，带电粒子在左边磁场中做圆周运动回到电场中第二次加速有－＝221222mEv22BBmBqvB错误；由带电粒子在电场中，解得，选项＝2有＝＝，故有2A qLL12222qEL116vmvqELmv＝第三次加速有－＝，得，则粒子第二次在右边磁场中做圆周运22m23322mv3MNLRL正确；把带3＝边射出磁场，选项＝＜2B，故带电粒子一定从动的半径为qB11t电粒子在电场中两次加速的过程等效成一次连续的加速过程，则在电场中加速的时间为1mTmLLmLπ21t＝π＝＝，在左边磁场中运动的2，在右边磁场中运动的时间为＝＝qBqEvqE222122mLTmπππ2π??2ttttt＋＝＝＋时间为＝＝＝，故第一次完整的回旋时间为＋＋2??qEqB31322222??2mLB越大，带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径C正确；因为磁感应强度，选项qE越小，故可以同时增大两边磁场的磁感应强度，选项D正确．22．解析：(1)先描点，再用直线把这些点连起来，不在直线上的点要均匀的分布在直线的两侧．FFμmgmaaμgaFm＝0.25，所以＝－图象可得：，由根据牛顿第二定律得：(2)－-＝mμ＝0.20.，kg答案：(1)如图(2分)15/ 11))(2分～0.21均正确～(2)0.25(0.240.26均正确)(2分) 0.20(0.19＝mmmm＋0.200 ①根据螺旋测微器的测量读数规则，直径为23．解析：(1)11.5Ω，远大于电流表内阻，所以采1 500 11.700 mm.④用多用电表欧姆挡粗略测量其电阻为RΩ，远小于待测电阻的阻15 阻值范围为0用电流表内接电路．由于题给的滑动变阻器～，故电压表选择量程为值，所以必须采用滑动变阻器的分压接法．由于电源输出电压为3 V2 mA0～2 mA～3 V的V.在3 V电压下，圆柱体中电流大约为，因此电流表选择量程为02IU特性的电路图如答图的A.(2)①画出测量电阻的实验电路图如答图1所示．测量其电源-1IU100 -“特性曲线，②根据在强磁场下圆柱体表现出的电源的可知其内阻为10 Ω.2所示．PI的灯泡正常发光，”＝＝1 A，要使标有，V100 W”的灯泡正常工作电流为“100 V,100 W U T，因此需要把圆柱体放在磁感应强度为11 圆柱体在强磁场作用下的电动势必须为110 V 的磁场中．)(3分④如图1)(2答案：(1)①11.700(11.699～11.702均对分所示))分(2分) ②11(22(2)①如图所示x1t＝＝内汽车做匀速直线运动，驾驶员酒后反应时间为24．解析：(1)“反应距离”在v1012) 分s＝0.8 s，(215x62t) (2分正常情况时间应为＝＝0.4 s s＝．v2150) 分0.4 s．(2所以驾驶员酒后反应时间比正常情况下多xvv，15 m，位移，末速度＝(2)汽车制动时做匀减速直线运动，初速度15 m/s＝0＝015/ 12vvax，(32由分－)＝220vv0－－152220a＝＝m/s得＝－7.5 m/s 22x15×22加速度大小为7.5m/s.(3分) 2答案：(1)0.4 s (2)7.5 m/s 225．解析：(1)依题意，小球从水平位置释放后，能沿圆弧向下摆动，故小球受到电场PQa顺时针转动．(3力的方向水平向右，板带负电．由右手定则可知，导体棒板带正电，分)φ1ΔaEBωl＝转动切割磁感线，由法拉第电磁感应定律得电动势大小：导体棒＝(2)2t12Δ①(2分)EIRrR)②(2由闭合电路欧姆定律：＋＝分() ＋211PQUIR③(2间的电压：分＝由欧姆定律可知，) PQ2PQUEd④(2分＝故)间匀强电场的电场强度大小：PQ Bωl2RRrE＝⑤(2，可得：＝分＝2)联立①②③④，代入d2151LNvmgLEqLmv⑥，小球到达－点时速度为＝，由动能定理得：(3)设细绳长度为22(3分)v2Tmgm⑦(2分又)－＝LBqωl22Tmg－⑧(2由⑤⑥⑦得：分＝3)d5BωlBqωl222mg－(3)3 顺时针(2) 答案：(1)dd55OMxN点的过程与轴正方向运动到33．解析：(1)乙分子从间的某处由静止开始沿N正确；乙分子在中，分子势能逐渐减小，分子力一直做正功，可见分子力表现为斥力，A M点时，根据能量守恒定律得正确；在点时分子势能最小，分子力为零，加速度为零，B EEEEEPEE)(点时，根据能量守恒定律得2＝)－＋0，得＝＋，C－2＋(正确；在MM0000kk0EEEEP点时速度不为零，乙分子在分子力与速度方向相反，＝1.50≠，(＝＋－0.5)，得PP0k0k功率不为零，D、E错误．MMgmgmgMm(1分)3(2)设汽缸的质量为，则＋＝，得＝215/ 13Mgmgkx＋＝汽缸底部挂上物块稳定后，以活塞和汽缸为研究对象，由受力平衡得＋mg) (1分2mg5x)＝得分(1kMgpp) 挂物块前，缸内气体的压强分＝(1－S01挂上物块后稳定时，缸内气体的压强Mmg?＋?2pp(1＝分－)S02pLSpLS(2分＝根据玻意耳定律有) 201mg3x(1挂物块前，弹簧的伸长量分＝)k0挂上物块后稳定时，汽缸下降的高度hLxLx)(1分＋＝)＋(－00L1??0hmg＋2得＝(1分) ??pSmgk4－??0L1??0mg＋答案：(1)ABC (2)2??pSmgk4－??034．解析：(1)均匀变化的电场产生稳定的磁场，均匀变化的磁场产生稳定的电场，选项A 错误；相对论认为光速与参考系无关，选项B正确；质点并不随波迁移，选项C错误；机械波和电磁波本质不同，但均能产生反射、折射、干涉和衍射等现象，选项D正确；若测得遥远星系上某些元素发出光的波长比地球上静止的该元素发出的光的波长要长，表明这些星系正远离地球，这就是常说的“红移”现象，选项E正确．D点时恰好发生全反射，则如图所示，光线入射到(2)1C＝(2分)sin n15/ 14nRRROF)＝分＝(2＝C cos nn11－－22nCOrF)又＝(2分cot 1OFFdO)＝(2分－1nRdnr(2分解得：－＝) －12dnnR－(2)1答案：(1)BDE －2 15/ 15。
2018年高考物理综合模拟测试卷(含答案)
2018年高考物理综合模拟测试卷（含答案）班级________学号_______姓名________一、选择题(本题共9小题，每小题6分，共54分。
在每小题给出的四个选项中，第1～6题只有一项符合题目要求，第7～9题有多项符合题目要求。
)1．如图1所示，完整的撑杆跳高过程可以简化成三个阶段，持杆助跑、撑杆起跳上升、越杆下落(下落时人杆分离)，最后落在软垫上到速度减为零，不计空气的阻力，则()图1A．运动员在整个跳高过程中机械能守恒B．运动员在撑杆起跳上升过程中机械能守恒C．在撑杆起跳上升过程中杆的弹性势能转化为运动员的重力势能且弹性势能减少量小于运动员的重力势能增加量D．运动员落到软垫上时做减速运动，处于超重状态2．“天宫一号”与“神舟十号”对接前需要从距离地面约362千米的近似圆轨道，自然降到约343千米的交会对接轨道，假设“天宫一号”从362千米的近似圆轨道下降到343千米的圆轨道的过程中，没有开动发动机。
则下列说法正确的是()A．“天宫一号”的运行周期将增大B．“天宫一号”运行的加速度将减小C．“天宫一号”的动能将增大D．“天宫一号”的机械能将增大3．一种玩具的结构如图2所示，竖直放置的光滑铁圆环的半径为R＝20 cm，环上有一穿孔的小球m，仅能沿环做无摩擦滑动。
如果圆环绕通过环心的竖直轴O1O2以ω＝10 rad/s的角速度旋转，g取10 m/s2，则小球相对环静止时球与圆心O的连线与O1O2的夹角θ可能为()图2A．30°B．45°C．60°D．75°4．如图3所示，一条小船位于200 m宽的河正中央A点处，从这里向下游100 3 m处有一危险的急流区，当时水流速度为4 m/s，为使小船避开危险区沿直线到达对岸，小船在静水中的速度至少为()图3A.433 m/sB.833 m/s C ．2 m/s D ．4 m/s5．如图4所示，将两根劲度系数均为k 、原长均为L 的轻弹簧一端固定于水平天花板上相距为2L 的两点，另一端共同连接一质量为m 的物体，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为37°，若将物体的质量变为M ，平衡时弹簧与竖直方向的夹角为53°(sin 37°＝0.6)，则Mm 等于( )图4A.932B.916C.38D.346．如图5所示，在竖直放置的半圆形容器的中心O 点分别以水平初速度v 1、v 2抛出两个小球(可视为质点)，最终它们分别落在圆弧上的A 点和B 点。
2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷 物理(十)(精品解析版)
2018年普通高等学校招生全国统一考试仿真卷理科综合能力测试·物理（十）二、选择题：1. 下列说法中正确的是A. 核反应方程中，若k＝2，则X是电子B. 一群处于n＝3能级的氢原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子C. 质量为m的某放射性物质经过半个半衰期还剩余质量为m的该物质D. 若α衰变中释放的能量为E，则平均每个核子释放的能量为【答案】B【解析】根据核反应中质量数守恒和电荷数守恒可知，中，若k＝2，则X的质量数为零，电荷数为1，故应为正电子，A错误；一群处于n＝3能级的氢原子自发跃迁时能发出3种不同频率的光子，B 正确；质量为m的某放射性物质经过一个半衰期还剩余质量的该物质，C错误；若α衰变中释放的能量为E，共有核子A个，平均每个核子释放的能量为，D错误；故选B．2. 在某次军事演习中，空降兵从悬停在高空的直升机上跳下，当下落到距离地面适当高度时打开降落伞，最终安全到达地面，从跳离飞机至到达地面过程中在竖直方向上运动的v－t图象如图所示，以下判断中正确的是A. 在0～t1时间内做自由落体运动B. 在t1～t2时间内的加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小C. 在0～t1时间内的平均速度D. 在t2时刻的阻力比t1时刻的阻力大【答案】B【解析】空降兵在0～t1时间内斜率越来越小，故加速度不恒定；空降兵不是自由落体运动，A错误；由图象可知，空降兵在t1～t2时间内的加速度方向竖直向上，大小在逐渐减小，B正确；因空降兵不是匀变速直线运动，故空降兵在0～t1时间内的平均速度，C错误；t2时刻的阻力等于重力，t1时刻的阻力大于重力，D错误，故选B．点睛：本题考查对图象的理解问题，要注意从图象中找出物体的速度、加速度及位移；并且灵活应用匀变速直线运动中的平均速度公式．要注意平均速度公式. 只适用于匀变速直线运动．3. 如图所示，弹性杆AB的下端固定，上端固定一个质量为m的小球，用水平力缓慢拉球，杆发生弯曲．逐步增加水平力的大小，则弹性杆AB对球的作用力的方向A. 水平向左，与竖直方向夹角不变B. 斜向右下方，与竖直方向夹角增大C. 斜向左上方，与竖直方向夹角减小D. 斜向左上方，与竖直方向夹角增大【答案】D考点：动态平衡的分析。
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2018年全国普通高中招生高考模拟测试物理试题（10）（解析版）一、选择题1．距地面高5 m的水平直轨道上A、B两点相距2 m，在B点用细线悬挂一小球，离地高度为h，如图所示．小车始终以4 m/s的速度沿轨道匀速运动，经过A点时将随车携带的小球由轨道高度自由卸下，小车运动至B点时细线被轧断，最后两球同时落地．不计空气阻力，取重力加速度的大小g＝10 m/s2.可求得h等于()A．1.25 m B．2.25 mC．3.75 m D．4.75 m解析：选A.根据两球同时落地可得2Hg＝d ABv＋2hg，代入数据得h＝1.25 m，选项A正确．2.如图所示，甲、乙两同学从河中O点出发，分别沿直线游到A点和B点后，立即沿原路线返回到O点，OA、OB分别与水流方向平行和垂直，且OA＝OB。
若水流速度不变，两人在靜水中游速相等，则他们所用时间t甲、t乙的大小关系为()A．t甲＜t乙B．t甲＝t乙C．t甲＞t乙D．无法确定【答案】C3．(2018山东省烟台市期末)在某高空杂技类节目现场的下方放置一弹簧垫。
此弹簧垫可视为质量为m的木板与两相同直立轻弹簧的上端连接，弹簧下端固定在水平地面上，静止时弹簧的压缩量为h，如图所示。
某同学为了测试弹簧垫的性能，将一质量为0.5m的小物体从距木板上方6h的O点由静止释放，物体打在木板上并立刻与木板一起向下运动，但不粘连，到达最低点后又向上运动，它们恰能回到A点，此时弹簧恰好无形变。
整个过程忽略空气阻力，则下列说法正确的是A. 整个过程中，物体和两弹簧组成的系统机械能守恒B. 物体与木板一起向下运动过程中的速度先增大后减小C. 物体打在木板上之前，两弹簧的弹性势能总和为0.5mghD. 若另一质量为m的物体仍从O点由静止释放，此物体第一次离开木板时的速【答案】BCD2110.560.52mg h mv ⋅=⨯，得1v =()120.50.5mv m m v =+，可得2113v v ==此后一起向下运动再向上到A 点，由系统的机械能守恒定律有()()2210.50.52P m m v E m m gh ++=+，解得0.5P E mgh =，故C 正确；另一质量为m 的物体从O 点释放，机械能较大，故经历下落和碰撞再上升的过程，能经过A 点速度不为零而再上升，此时弹簧是原长，故A 点之后木板和弹簧分离，21162mg h mv ='⋅⨯得1v '=；碰撞过程()12mv m m v =+'得2112v v ''==()()()22231122P m m v E m m gh m m v ++=++'+，解得： 3v '=D 项正确。
故选BCD.4．（2018浙江省嘉兴市第一中学期末）如图，某带负电荷的小球沿电场中一竖直电场线从A 运动到B 。
E 表示电场强度，φ 表示小球的电势，E p 表示小球的电势能，E k 表示小球的动能，则下列说法正确的是A. 小球从A 点到B 点一定是匀加速度运动B. E A 一定大于E B ，φA 一定大于φBC. 小球电势能E pA 大于E pB ，动能E kA 小于E kBD. 小球在A 点的机械能大于在B 点的机械能 【答案】D5．（2018届云南省峨山彝族自治县第一中学2月月考）如图所示，倾角为的光滑绝缘斜面处在垂直斜面的匀强磁场和方向未知的匀强电场中，有一个质量为m，带电量为q（q＞0）的小球在斜面上作匀速圆周运动，其角速度为。
则下列说法正确的是（）A. 匀强磁场方向一定垂直于斜面向下B. 匀强磁场的磁感应强度B的大小为C. 未知电场的方向一定沿斜面向上D. 未知电场的方向可能垂直于斜面【答案】B7．（2018吉林省梅河口市第五中学高三月考）图示为拖把的示意图，拖把头的质量为m，某人用该拖把在水平地板上拖地时，沿拖杆方向推拖把，拖杆与竖直方向的夹角为θ；拖杆的质量可以忽略，拖把头与地板间的动摩擦因数为μ，重力加速度大小为g。
当拖把头在地板上以大小为v的速度匀速移动时，下列说法正确的是( )A. 人拖把头对地板的压力大小为mgB. 拖把头所受地板的摩擦力小于其所受拖杆的推力C. 拖把头的推力大小为D. 拖把头克服摩擦力做功的功率为【答案】BC二、非选择题8.（2018河北省定州中学开学考试）如下图所示，质量kg的木块A套在水平杆上，并用轻绳将木块与质量kg的小球B相连。
今用跟水平方向成α=30°角的力N，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M、m相对位置保持不变，取g=10m/s2。
求：（1）运动过程中轻绳与水平方向夹角θ；（2）木块与水平杆间的动摩擦因数μ。
（3）当为多大时，使球和木块一起向右匀速运动的拉力最小？【答案】（1）（2）（3）时F的值最小（2）对A进行受力分析，由平衡条件有（1分）（1分）解得（1分）（3）对A进行受力分析，由平衡条件有（1分）（1分）解得：（1分）令，，即则：（1分）显然，当时F有最小值，所以时F的值最小。
（1分）9. 如图所示，光滑水平面上放置着一个右侧带有半圆形光滑轨道的木板，木板与轨道在B 点相切，圆弧的直径DB与木板的上表面AB垂直，圆弧上的C点与圆心O等高，圆弧半经R＝0.4m，木板与圆弧轨道的总质量M＝2kg，木板长度L＝3.6m。
某时刻—个质量m＝1kg 可视为质点的滑块以v0＝10m/s的速度从A点滑上木板，已知滑块与木板间的动摩擦因数 ＝0.5，重力加速度g＝10m/s2。
（1）如果木板固定，分析滑块能否从D点水平抛出；如果能，计算落点与D点间的水平距离，如果不能，计算滑块最终停下来的位置（可保沼根式）；（2）如果滑块滑上木板的瞬间，木板以v＝2.5m/s的速度向右运动，求滑块经过B点时的速度大小v B；（3）在（2）情况下，某同学继续求解滑块经过圆弧轨道B点时受到的弹力大小，过程如下：由牛顿第二定律得，解得，试判断上述过程是否正确，不需要书写分析过程，【答案】（1）滑块落点与D点间的水平距离为1.6m（2）6m/s（3）不正确【解析】【分析】由A点到D点，根据能量守恒定律求出滑块运动到D点时的速度大小，滑块能从D点抛出做平抛运动，根据平抛运动规律求出滑块落点与D点间的水平距离；滑块滑上木板后两者组成的系统在水平方向上动量守恒，由能量守怛定律有滑块经过B点时的速度大小；滑块经过B点时，根据牛顿第二定律求出经过圆弧轨道B点时受到的弹力大小。
解:（1）设滑块运动到D点时的速度大小为v，则由A点到D点，根据能量守恒定律有解得v＝4m/s滑块恰能到达D点时满足的条件解得v临＝2m/s显然v>v临，滑块能从D点抛出竖直方向2R＝gt2水平方向x＝vt解得x＝1.6m，即滑块落点与D点间的水平距离为1.6m（2）因为水平面光滑，滑块滑上木板后两者组成的系统在水平方向上动量守恒，设滑块运动到B点时的速度为v B，此时木板的速度为v'，取向右为正方向，有mv0＋Mv＝mv B＋Mv'由能量守怛定律有联立解得v B＝6m/s，v'＝4.5m/s（3）该同学的求解过程不正确正确分析为：滑块经过B点时相对圆心的速度 v＝1.5m/s在B点，根据向心力公式得10. 下列关于热现象的叙述，正确的是______。
A．液晶与多晶体一样具有各向同性B．空气的相对湿度越大．空气中水蒸气的压强越接近该温度下的饱和汽压C．雨水不能透过布雨伞是因为液体表面存在张力D．—定质量的某种理想气体的内能与温度、体积都有关E．当分子间的引力与斥力平衡时，分子势能最小【答案】BCE【解析】A、液晶的某些性质具有各向异性，故A错误；B、根据相对湿度的特点可知，空气的相对湿度越大，空气中水蒸气的压强越接近该温度下的饱和汽压，故B正确；C、由于液体表面存在张力，故雨水不能透过布雨伞，故C正确；D、理想气体分子势能不计，只与温度有关，与体积无关，故D错误；E、当时，分子力表现为引力，当r增大时，分子力做负功，则分子势能增大，当时，分子力表现为斥力，当r减小时，分子力做负功，则分子势能增大，所以当，分子势能最小，故E正确；故选BCE。
11. 如图所示，两个大小、形状都相同的气缸开口相对固定于水平地面上，气缸A绝热，装有能加热气体的电阻丝，气缸B导热性良好，两个完全相同的厚度不计的绝热活塞用轻杆相连，分別置于两个气缸中，每个气缸与活塞间均封有一定质量的理想气体，活塞与气缸间无摩擦且不漏气，最初两气缸内气体体积均为V0，温度均为T0。
现对气缸A中气体加热，使其体积缓慢增大为原来的1.2倍，环境温度保持T0不变，求：（i）气缸A中气体的温度；（ii）若气缸A中电热丝释放的热量为Q，活塞对外做功为W，比较Q与W的大小并说明原因。
【答案】（i）1.5T0（ii）Q>W，原因见解析【解析】解：（i）由于是刚性扞连接，两部分气体压强相等，设初态为压强为p0，体积为V0，气缸B中气体初末状态温度相等，由玻意耳定律得p0V0＝0.8p B V0p B＝1.25p0对气缸A中气体，由理想气体状态方程得T A＝1.5T0（ii）气缸A中气体温度升高，内能增加，由热力学第一定律可知Q>W12. 在小车上竖直固定着一个高h=0.05m、总电阻R=10、n=100匝的闭合矩形线圈，且小车与线圈的水平长度相同．现线圈和小车一起在光滑的水平面上运动，速度为，随后穿过与线圈平面垂直，磁感应强度B=1.0T的水平有界匀强磁场，方向垂直纸面向里，如图（a）所示．已知小车运动(包括线圈)的速度v随车的位移s变化的v---s图象如图(b)所示．求:（1）小车的水平长度L和磁场的宽度d；（2）小车的位移s=10cm时线圈中的电流大小I；（3）线圈和小车通过磁场的过程中克服安培力做的功．【答案】(1) ; (2) (3)【解析】试题分析：线圈进入磁场，线圈中有感应电流受安培力作用，小车做减速运动速度v随位移s减小，当线圈完全进入磁场，线圈中感应电流消失，小车做匀速运动．结合图象的信息，读出小车的水平长度l，根据小车的运动情况，求磁场的宽度d。
(1)由图可知，从s＝5cm开始，线圈进入磁场，线圈中有感应电流，受安培力作用，小车做减速运动，速度随位移减小，当s＝15cm时，线圈完全进入磁场，线圈中感应电流消失，小车做匀速运动．因此小车的水平长度cm，当s＝30cm时，线圈开始离开磁场，则；(2)当s＝10cm时，由图象中可知线圈右边切割磁感线的速度由闭合电路欧姆定律得线圈中的电流解得：；(3)设小车和线圈的质量为m．在线圈进入磁场和离开磁场过程中的一小段时间，内安培力的冲量大小为由动量定理得：又因为，所以有是v-s图的斜率，由图中可以看出线圈进入磁场和离开磁场过程中小车和线圈的质量为：由图知，线圈左边离开磁场时，小车的速度为线圈进入磁场和离开磁场时，克服安培力做功等于线圈和小车的动能减少量点晴：本题关键要根据速度的变化分析磁场宽度，同时要结合力和运动的关系进行分析求解，明确安培力对物体运动的影响。