四川省资阳市雁江区第一中学2014届高三物理下期2月月考
2014理综(正题.物理)答案
资阳市理科综合（物理）答案第1页（共2页）资阳市2014年高中阶段教育学校招生统一考试理科综合参考答案及评分意见物理部分（70分）一、选择题（每题3分，共21分）二、图示题（本大题共4小题，共12分）8．（1）BC （1分） （2）39.0~39.2（1分） （3）4（1分） （4）0.460（1分） 9.如下左图所示；（动力F 11分，阻力F 21分，动力臂l 11分） 10.如下中图所示；（画出凸透镜1分，完成光路1分）11.如下右图所示；（螺线管绕线方向1分，磁极1分，磁感线方向1分）三、探究与实验题（本大题共2小题，共12分） 12．（3）lm L （2分）； （5）l dmg L -（1分）； （6）l dm L ρ-（1分）； （7）ll dρ-（2分）。
13．（1）如图所示（每根导线各1分，共2分）； （2）正比关系（2分）；资阳市理科综合（物理）答案第2页（共2页）（3）10Ω（数值和单位各1分，共2分）。
四、论证与计算题（本大题共3小题，共25分）14．（7分）解：（1）根据浮力和排水量的关系有：1m F G =……………………① 代入数据得：81 6.7510N F =⨯……………………②（2）由功率关系有：2m m P F v η⋅=⋅……………………③代入数据得：62 2.510N F =⨯……………………④（3）由题意有：m q m P t ⋅= ……………………⑤ m s v t =……………………⑥ 联解⑤⑥代入数据得：52.510kg m =⨯……………………⑦评分参考意见：本题共7分，①②③④⑤⑥⑦式各1分。
若有其它解法，只要过程、答案正确也同样给分。
15．（10分）解：（1）根据路程、速度和时间关系有：s vt = ……………………① 代入图乙中数据得：1m/s v =……………………②（2）根据题意，传送机匀速传送一袋货物所做的有用功：资阳市理科综合（物理）答案第3页（共2页）W mgh =……………………③ sin h L θ=……………………④ 联解③④代入数据得：2250J W =……………………⑤（3）根据机械效率关系有：WW Wη='+ ……………………⑥ 代入数据得：75%η=……………………⑦（4）根据题意，此时有4袋已经传送完成，第5~19袋仍均匀散布在传送带上，有：5194W W W -=+总……………………⑧519()(14)L d L d W W W W L L---=+++……⑨联解③④代入数据得：27000J W =总……………………⑩评分参考意见：本题共10分，①②③④⑤⑥⑦⑧⑨⑩式各1分。
资阳市期末试题2014级高一下物理
资阳市2011～2012学年度高中一年级第二学期期末质量检测物理本试卷分为第Ⅰ卷（选择题，40分）和第Ⅱ卷（非选择题，60分）两部分．一、选择题（本题包括10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．关于物体作曲线运动，下列说法正确的是A．物体的速度大小一定改变B．物体的速度方向一定改变C．物体的加速度大小一定改变D．物体的加速度方向一定改变2．如图所示，用一轻绳系一小球悬于O点。
现将小球拉至A点后静止释放，不计空气阻力。
则小球从A点下摆到B点的过程中，下列说法正确的是A．重力对小球作正功B．绳的拉力对小球不做功C．合力对小球不做功D．重力的功率一直增大3．骑自行车是一种环保的运动。
如图所示为一种早期的自行车，这种不带链条传动的自行车前轮的直径很大。
若某人骑着自行车（前、后轮相对地面都不打滑）向前行驶时，关于该自行车的前、后轮轮缘各点，下列说法正确的是A．线速度大小相同B．角速度相同C．向心加速度大小相同D．周期相同4．如图，a、b是某行星的卫星，在该行星的万有引力作用下绕行星沿各自的圆轨道作匀速圆周运动。
下列说法正确的是A．a运行的线速度小于b运行的线速度B．a运行的角速度小于b运行的角速度C．a运行的周期小于b运行的周期D．a运行的向心加速度小于b运行的向心加速度5．下列说法中正确的是A．合速度一定比分速度大B．匀速圆周运动是匀速运动C．经典力学既适用于宏观物体的低速运动问题，也适用于高速运动的物体D．牛顿发现了万有引力定律，卡文迪许测出了万有引力常量6．一条宽为200m的平直河流，水流速度为4m/s。
船在静水中的速度是5m/s，关于船渡河下列判断正确的是A．要使船过河的航程最短，则船在静水中的速度方向应垂直河岸B．要使船过河的时间最短，则船在静水中的速度方向应垂直河岸C．船过河所需的最短时间是40sD．如果水流速度增大为6m/s，则船过河所需的最短时间将增大7．如图，a、b两质量不同的滑块从同一位置静止释放后分别沿Ⅰ、Ⅱ两倾角不同的光滑固定斜面下滑，下列说法中正确的是A．a、b滑到斜面底端时速率相等B．a、b滑到斜面底端时重力的瞬时功率相等C．a、b沿斜面下滑过程重力做功相等D．以上说法都不正确8．如图，一根轻弹簧下端固定，竖立在水平地面上。
四川省资阳市雁江区2014届九年级上学期期中联考物理试卷
确的是（ ）
A 、电压表的示数变大，电流表的示数变小
B、电流表和电压表的示数都不变
C、电流表的示数变化范围为 0.2A~0.6A
D、电压表的示数变化范围为 1V~6V
8、小明同学在物理实践活动中设计了如图 3 所示的反映弹簧所受压力大小的电路。 其中 R′ 是标有“ 1A 20 ”的滑变阻器， R 是 5 的定值电阻，电源两极间的电压恒定为 10V 。
） 电压表的示
D 、电流表被烧毁
5、家庭卫生间通常装有照明灯和排气扇，使用时，有时需要各自独立工作，有时需要同时
工作，下列电路图中符合上述要求的是（
）
U
6、根据欧姆定律可以导出公式 R
， 下列说法正确的是（
）
I
A 、当电压 U 增大为原来的 2 倍时，电阻 R 也增大为原来的 2 倍
B、当电流 I 增大为原来的 2 倍时，电阻 R 减小为原来的二分之一
C、物体内能减少时，温度可能不变
D 、锯条锯木板时，锯条的内能增加，木块的内能减少
2、下列事例中，通过做功改变物体内能的是（
）
A 、用力搓手时，手会发热
B、用液化气烧水做饭
C、夏天在太阳曝晒下，水泥路面发烫
D 、冬天把手插在口袋里会感到暖和
3、热机的效率较低，为了提高热机的效率，你认为下列方法目前不可能实现的是（
四川省资阳市雁江区 2014 届九年级上学期期中联考物理试 卷
（总分： 分 时间： 分钟）
一、选择题： （本大题包括 8 个小题，共 24 分，每小题只有一个选项符合题意）
题号
1
2
3
4
5
6
7
8
答案
1、关于温度、内能和热量，下列说法正确的是（
2014-2015学年四川省资阳市高二(下)期末物理试卷
2014-2015学年四川省资阳市高二（下）期末物理试卷学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题(本大题共8小题，共32.0分)1.下列说法中符合实际的是（）A.变化的磁场一定产生变化的电场B.电磁波不能发生衍射现象C.根据多普勒效应可以判断遥远天体对地球的运动速度D.光在真空中的运动速度在不同惯性系中测得数值可能不同【答案】C【解析】解：A、只有非均匀变化的磁场才一定产生变化的电场，若是均匀变化的磁场，则会产生恒定的电场，故A错误；B、电磁波是横波，波都能发生干涉和衍射，故B错误；C、由于波源与接受者的相对位移的改变，而导致接受频率的变化，称为多普勒效应，所以可以判断遥远天体相对于地球的运动速度，故C正确；D、根据光速不变原理，知在不同惯性系中，光在真空中沿不同方向的传播速度大小相等，故D错误．故选：C．均匀变化的磁场产生稳定的电场，非均匀变化的磁场产生变化的电场；电磁波是横波，波都能发生干涉和衍射；利用多普勒效应和光速不变原理判断CD选项即可．明确干涉和衍射是波特有的现象；知道电磁波谱及作用功能，多普勒效应和光速不变原理，属于基础题．2.已知某玻璃对蓝光的折射率比对红光的折射率大，则两种光（）A.在该玻璃中传播时，蓝光的速度较大B.以相同的入射角从空气斜射入该玻璃中，蓝光折射角较大C.从该玻璃中射入空气发生反射时，红光临界角较大D.用同一装置进行双缝干涉实验，蓝光的相邻条纹间距较大【答案】C【解析】解：A、由可知，蓝光在玻璃中的折射率大，蓝光的速度较小，故A错误；B、以相同的入射角从空气中斜射入玻璃中，蓝光的折射率大，向法线靠拢偏折得多，折射角应较小，故B错误；C、从玻璃射入空气发生全反射时的临界角由公式可知，红光的折射率小，临界角大，故C正确；D、用同一装置进行双缝干涉实验，由公式可知蓝光的波长短，相邻条纹间距小，故D错误．故选C．根据题目中的蓝光的折射率比红光的折射率大，可以判断这两种光在该玻璃中的波速大小，以及波长、临界角等大小情况，然后以及相关物理知识即可解答．折射率大的频率高、波长短、临界角小、光子能量高等这些规律要明确，并能正确应用．3.某交流发电机线圈电阻为0.4Ω，给灯泡提供如图所示的正弦式交变电流．下列说法中正确的是（）A.交变电流的频率为0.02H zB.交变电流的瞬时表达式为i=5cos50πt（A）C.在t=0.01s时，穿过交流发电机线圈的磁通量最大D.发电机线圈产生的热功率为5W【答案】D【解析】解：A、由图象可知，交流电的周期为20×10-3s，所以交流电的频率为f==50H z，所以A错误；B、根据图象可得，交变电流的瞬时表达式为i=A cosωt=5cos100πt（A），所以B错误；C、在t=0.01s时，感应电流最大，所以此时穿过交流发电机线圈的磁通量的变化率最大，穿过交流发电机线圈的磁通量最小，所以C错误；D、交流电的有效值为I==A，所以发电机的发热功率为P=I2r=×0.4W=5W，所以D正确．故选：D．根据图象可明确瞬时表达式及最大值和周期等；再根据周期和频率的关系求得频率；根据交流电的交生规律可明确磁通量的大小．解决本题的关键就是有电流的瞬时值表达式求得原线圈中电流的最大值，进而求得原线圈的电流的有效值的大小．4.如图为某小型电站的电能输送示意图，发电机通过升压变压器T1和降压变压器T2向用户供电，已知输电线的总电阻R=10Ω，降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，副线圈与用电器R0组成闭合电路．若T1、T2均为理想变压器，T2的副线圈两端电压u=220sin100πt（V），当用电器电阻R0=11Ω时（）A.通过用电器R0的电流有效值是10AB.升压变压器的输入功率为4650WC.发电机中的电流变化频率为100H zD.当用电器的电阻R0减小时，发电机的输出功率减小【答案】B【解析】解：A、降压变压器副线圈两端交变电压u=220sin100πt V，则副线圈电压有效值220V，由于阻值R0=11Ω，所以通过R0电流的有效值是20A．故A错误；B、降压变压器T2的原、副线圈匝数之比为4：1，所以降压变压器原线圈的为5A，输电线上损失的电功率为I2r=52×10=250W，输出功率P=UI=220×20=4400W；因升压变压器输出功率等于导线上消耗的功率和用电器上消耗的功率；故升压变压器输入功率P=4400+250=4650W；故B正确；C、因交流电的角速度为ω=100π；故频率为50H z；故C错误；D、当用电器功率减小时，由于电压不变；故功率增大；因此发电机的输出功率增大；故D错误；故选：B．通过理想升压变压器T1将电送到用户附近，然后用理想降压变压器T2向远处用户供电家中．提升电压的目的是降低线路的功率损失，从而提高用户得到的功率．由教室获得的功率与正常发光的电压可求得，线路上的损失电压．再功率可算出输电上的电阻．由理想变压器的变压比与变流比可求出发电机的电动势．对于远距离输电问题；掌握住理想变压器的电压、电流之间的关系，最大值和有效值之间的关系即可解决本题．5.如图所示，在两等量异种点电荷的电场中，MN为两电荷连线的中垂线，a、b、c三点所在直线平行于两电荷的连线，且a与c关于MN对称，b点位于MN上，d点位于两电荷的连线上．以下判断正确的是（）A.b点场强大于d点场强B.b点电势高于d点电势C.试探电荷+q在a点的电势能小于在c点的电势能D.a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差【答案】D【解析】解：A：在两等量异号电荷连线上，中间点电场强度最小；在两等量异号电荷连线的中垂线上，中间点电场强度最大；所以b点场强小于d点场强，选项A错误；B：MN是一条等势线，与在两等量异号电荷连线上的点相比较，d点的电势要高，所以d点电势高于b点电势，选项B错误；C：因a点的电势高于c点的电势，故试探电荷+q在a点的电势能大于在c点的电势能，选项C错误．D：由对称性可知，a、b两点的电势差等于b、c两点间的电势差，故选项D正确；故选：D．据等量异号电荷的电场分布特点可知各点的场强大小，由电场线性质及电场的对称性可知ab及bc两点间的电势差；由电势能的定义可知ac两点电势能的大小．该题考查常见电场的电场线分布及等势面的分布，要求我们能熟练掌握并要注意沿电场线的方向电势是降低的，同时注意等量异号电荷形成电场的对称性．6.如图所示，平行金属板A、B间加速电压为U1，C、D间的偏转电压为U2，M为荧光屏．今有不计重力的一价氢离子（H+）和二价氦离子（H e2+）的混合体，从A板由静止开始经加速和偏转后，打在荧光屏上，则它们（）A.同时到达屏上同一点B.先后到达屏上同一点C.同时到达屏上不同点D.先后到达屏上不同点【答案】B【解析】解：粒子在加速电场中加速，由动能定理得：q U1=mv2-0，在偏转电场中做类平抛运动，水平方向：L=vt，竖直方向：y=at2=t2，解得：y=，粒子的偏移量与电荷量及电荷的质量无关，粒子将打在光屏的同一个点上，故B正确；故选：B．粒子在加速电场中加速，在偏转电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律求出粒子的偏移量，然后答题．本题考查了粒子在电场中的运动，分析清楚粒子运动过程，应用动能定理与类平抛运动规律可以解题．7.在图所示电路中，电源电动势为12V，电源内阻为1.0Ω，电路中的电阻R0为1.5Ω，小型直流电动机M的内阻为0.5Ω，闭合开关S后，电动机转动，电流表的示数为2.0A．则以下判断中正确的是（）A.电动机的输出功率为14WB.电动机两端的电压为7.0VC.电动机产生的热功率4.0WD.电源输出的电功率为24W【答案】B【解析】解：B、电路中电流表的示数为2.0A，所以电动机的电压为U=E-U内-=12-I r-IR0=12-2×1-2×1.5=7V，所以B正确；A、C，电动机的总功率为P总=UI=7×2=14W，电动机的发热功率为P热=I2R=22×0.5=2W，所以电动机的输出功率为14W-2W=12W，所以A、C错误；D、电源的输出的功率为P输出=EI-I2R=12×2-22×1=20W，所以D错误．故选：B．在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．8.一列简谐横波沿x轴传播，t=0时刻的波形如图甲所示，A、P和Q是介质中的三个质点，A的振动图象如图乙所示．下列判断正确的是（）A.该波的传播速度是2.5m/sB.该波沿x轴正方向传播C.从0～0.4s，P通过的路程为4mD.从t=0时刻开始，P将比Q先回到平衡位置【答案】C【解析】解：A、由乙图知，质点的振动周期为T=0.8s，由甲图知，波长λ=20m，则波速为：v==m/s．故A错误；B、由乙图知，t=0时刻，质点A向上运动，根据甲图由平移法可知，该波沿x轴负方向传播，故B错误；C、t=0.4s=T，质点P运动的时间是半个周期，所以P通过的路程一定是振幅的2倍，即s=2A=2×2=4m．故C正确；D、波沿x轴负方向传播，此时P向下振动，Q位于波谷的位置，所以Q比P先回到平衡位置．故D错误．故选：C本题要在乙图上读出A质点在t=0时刻的速度方向，在甲图上判断出波的传播度方向；由甲图读出波长，由乙图读出周期，即求出波速和频率，根据简谐运动的特点：一个周期内质点路程为4A，分析△t是几倍的周期，可以确定0.4s内的路程，根据波的传播方向判断P、Q两点谁先回到平衡位置．本题关键要理解波动图象与振动图象的联系与区别，同时，读图要细心，数值和单位一起读．判断波的传播方向和质点的振动方向关系是必备的能力．二、多选题(本大题共2小题，共8.0分)9.如图所示，带电粒子以速度v沿cb方向射入一横截面为正方形的区域，c、b均为该正方形两边的中点．不计粒子的重力，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子从a点飞出，所用时间为t1；当区域内有磁感应强度大小为B、方向垂直纸面的匀强磁场时，粒子也从a点飞出，所用时间为t2．下列说法正确的是（）A.t1＜t2B.t1＞t2C.=vD.=v【答案】AD【解析】解：A、粒子在电场作用下作类似于平抛运动，而在磁场作用下作匀速圆周运动．在电场作用下，水平方向的速度分量保持不变，而在磁场作用下，作匀速圆周运动时，水平方向的速度分量逐步减小，故t1小于t2，故A正确，B错误；C、设正方向的边长为2l，当区域内有竖直方向的匀强电场E时，粒子做平抛运动，则有：l=a1t12，2l=vt1，解得：a1=，当区域内有垂直于纸面向里的磁感应强度为B的匀强磁场时，粒子做匀速圆周运动，设圆的半径为R，则依勾股定理得：R2=（R-l）2+（2l）2解得：R=l，所以圆周运动的加速度a2==，所以===，则：=v，故C错误，D正确；故选：AD．粒子垂直射入电场，在电场中偏转做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，根据平抛运动的基本公式及圆周运动的向心力公式、周期公式，联立方程即可求解．本题是带电粒子在电磁场中运动的问题，粒子垂直射入电场，在电场中偏转做类平抛运动，在磁场中做匀速圆周运动，要求同学们能画出粒子运动的轨迹，结合几何关系求解，知道半径公式及周期公式，难度适中．10.如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个矩形匀强磁场区域Ⅰ和Ⅱ，磁感应强度大小为均B，磁场方向相反且均与斜面垂直，磁场的宽度MJ和JG均为L，一个质量为m、电阻为R、边长也为L的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当ab边刚越过GH进入磁场Ⅰ区时，线框恰好以速度v1做匀速直线运动；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，线框又恰好以速度v2做匀速直线运动，从ab进入GH到MN与JP的中间位置的过程中，线框的机械能减少量为△E，重力对线框做功的绝对值为W1，安培力对线框做功的绝对值为W2，下列说法中正确的是（）A.v1：v2=2：1B.v1：v2=4：1C.△E=W2D.△E=W1【答案】BC【解析】解：AB、当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动，根据平衡条件，有：mgsinθ=当ab边下滑到JP与MN的中间位置时又做匀速直线运动，根据平衡条件，有：mgsinθ=2B••L=，联立解得：v1：v2=4：1，故A错误，B正确；CD、根据功能关系，导线框克服安培力做功的大小等于机械能的减少，可得△E=W2，故C正确，D错误．故选：BC．当ab边刚越过GH进入磁场I时做匀速直线运动，安培力、支持力与重力平衡，由平衡条件和安培力公式结合求解速度v1；当ab边下滑到JP与MN的中间位置时，ab与cd 两边切割磁感线，产生两个感应电动势，再次根据平衡条件求解速度v2；线框克服安培力做功等于机械能的减少量．本题从力和能量两个角度分析电磁感应现象，安培力的表达式F=是常用的经验公式，要掌握推导过程，并要记牢结论．三、实验题探究题(本大题共2小题，共16.0分)11.如图所示为“研究电磁感应现象”的实验装置图．（1）将图中所缺的导线补画完整；（2）在如果在闭合电键时发现灵敏电流计的指针向右偏了一下；那么合上电键后，将滑线变阻器的滑片P向右滑动时，电流计指针将______ ．（选填“向右偏转”、“向左偏转”或“指零”）【答案】向右偏转【解析】解：（1）将电源、电键、变阻器、小螺线管串联成一个回路，再将电流计与大螺线管串联成另一个回路，电路图如图所示（2）闭合开关，穿过副线圈的磁通量增大，灵敏电流表的指针向右偏；那么合上电键后，将滑线变阻器的滑片P向右滑动时，滑动变阻器接入电路的阻值变小，原线圈电流变大，穿过副线圈的磁场方向不变，但磁通量变大，灵敏电流计指针将右偏转．故答案为：（1）连线如上图所示；（2）向右偏转．（1）注意该实验中有两个回路，一是电源、电键、变阻器、小螺线管串联成的回路，二是电流计与大螺线管串联成的回路，据此可正确解答．（2）磁场方向不变，磁通量的变化不变时电流方向不变，电流表指针偏转方向相同，磁通量的变化相反时，电流表指针方向相反．本题考查研究电磁感应现象及验证楞次定律的实验，对于该实验注意两个回路的不同．知道磁场方向或磁通量变化情况相反时，感应电流反向是判断电流表指针偏转方向的关键．12.影响物质材料电阻率的因素很多，一般金属材料的电阻率随温度的升高而增大，而半导体材料的电阻率则与之相反，随温度的升高而减少．某课题研究组需要研究某种导电材料的导电规律，他们用该种导电材料制作成电阻较小的线状元件Z做实验，测量元件Z中的电流随两端电压从零逐渐增大过程中的变化规律．（1）他们应选用图1的哪个电路进行实验？______（2）实验测得元件Z的电压与电流的关系如表所示．根据表中数据，判断元件Z是______ 材料（选填“金属”、“半导体”）；（3）用螺旋测微器测得线状元件Z的直径如图2所示，则元件Z的直径是______ mm；（4）把元件Z接入如图3所示的电路中，当电阻R的阻值为2Ω时电流表的读数为1.25A；当电阻R的阻值为3.6Ω时电流表的读数为0.80A．结合上表数据可求得电池的电动势为E= ______ V，内阻为r= ______ Ω．【答案】A；半导体；1.990；4；0.4【解析】解：（1）电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；待测电阻阻值很小，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，由图1所示电路图可知，实验应采用A所示电路．（2）由表中实验数据可知，随元件电压增大，通过元件的电流增大，元件的实际功率增大，元件温度升高；由欧姆定律可知，随元件两端电压增大，元件电阻减小，因此元件是半导体材料．（3）由图2所示螺旋测微器可知，固定刻度示数为1.5mm，可动刻度示数为49.0×0.01mm=0.490mm，元件的直径为1.5mm+0.490mm=1.990mm（1.989～1.991均正确）．（4）由图3可知，元件Z与电阻R串联，电流表测电路电流，由表中实验数据可知，电流为1.25A时，元件两端电压为1.00V，电流为0.80A时，元件两端电压为0.80V，由闭合电路欧姆定律可得：E=I（R+r）+U V，E=1.25×（2+r）+1.00，E=0.80×（3.6+r）+0.80，解得，电源电动势E=4.0V，内阻r=0.4Ω．故答案为：（1）A；（2）半导体；（3）1.990；（4）4，0.4．（1）伏安法测电阻，电压从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法；待测电阻阻值很小，电压表内阻远大于待测电阻阻值，电流表应采用外接法，分析图示电路，选出实验所需电路．（2）元件两端电压越大，通过元件的电流越大，由P=UI可知元件实际功率越大，元件温度越高；根据表中实验数据，应用欧姆定律判断随电压增大，温度越高时元件电阻如何变化，然后判断元件的种类．（3）螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是螺旋测微器的示数，由图示螺旋测微器可以读出元件的直径．（4）由表中实验数据找出个电流所对应的电压值，然后根据闭合电路欧姆定律列方程，然后求出电源电动势与内阻．本题考查了实验电路的选择、元件性质的判断、螺旋测微器读数、求电源电动势与内阻等问题；螺旋测微器固定刻度与可动刻度示数之和是其读数，螺旋测微器需要估读．四、计算题(本大题共4小题，共44.0分)13.如图所示，倾角为θ的斜面处于竖直向下的匀强电场中，在斜面上某点以初速度为v0水平抛出一个质量为m的带正电小球，小球在电场中受到的电场力与小球所受的重力相等．设斜面足够长，地球表面重力加速度为g，不计空气的阻力，求：（1）小球落到斜面所需时间t；（2）小球从水平抛出至落到斜面的过程中电势能的变化量△E．【答案】解：（1）小球做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动，由牛顿第二定律得q E+mg=ma，q E=mg，得a=2g水平方向：x=v0t竖直方向：y=又联立上四式得：t=（2）由上得y==电场力做功为W=q E y=mg•=m故电势能的变化量△E p=-W=-m答：（1）小球落到斜面所需时间t为（2）小球从水平抛出至落到斜面的过程中电势能的变化量△E为-m【解析】（1）小球水平抛出后，由于所受电场力与重力均为恒力，小球做类平抛运动，根据牛顿第二定律求出加速度，运用运动的分解法，由运动学公式和水平位移与竖直位移的关系求解时间；（2）从水平抛出至落到斜面的过程中，小球的电势能变化量等于电场力做功，由运动学公式求出竖直位移大小y，由W=q E y求解电势能的变化量．本题是类平抛运动，其研究方法与平抛运动相似，关键掌握如下的分解方法：水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速直线运动．14.如图所示，电源电动势E=16V、内阻r=1Ω，电阻R1=14Ω．间距d=0.2m的两平行金属板水平放置，板间分布有垂直于纸面向里、磁感应强度B=1T的匀强磁场．闭合开关S，板间电场视为匀强电场，将一带电的小球以初速度v0=0.1m/s沿两板间中线水平射入板间．设滑动变阻器接入电路的阻值为R2．不计空气的阻力，取g=10m/s2，求：（1）当R2=17Ω时电阻R2消耗的电功率P2；（2）若小球进入板间做匀速圆周运动并与板相碰，碰时速度与初速度的夹角为θ=60°，求滑动变阻器接入电路的阻值R2′．【答案】解：（1）由闭合电路的欧姆定律有：…①由功率公式可得：P=I2R2…②联解①②得：P=4.25w…③（2）由闭合电路的欧姆定律有：…④由物体的平衡有：…⑤由洛伦兹力提供向心力有：…⑥由几何关系有：…⑦联解④⑤⑥⑦得：R2=5Ω…⑧答：（1）当R2=17Ω时电阻R2消耗的电功率P2为4.25W；（2）滑动变阻器接入电路的阻值R2′为5Ω【解析】（1）由闭合电路欧姆定律可求得电流，再由功率公式可求得电功率；（2）根据带电粒子在磁场中的洛仑兹力充当向心力及平衡关系列式，联立可求得接入电阻．本题综合考查闭合电路欧姆定律，带电粒子在电磁场中的运动，要注意明确相互间的联系，将其分解为小的知识点进行分析求解．15.如图所示，倾角为θ的足够长光滑绝缘斜面上存在宽度均为L的匀强电场和匀强磁场区域，电场的下边界与磁场的上边界相距为L，其中电场方向沿斜面向上，磁场方向垂直于斜面向下、磁感应强度的大小为B．电荷量为q的带正电小球（视为质点）通过长度为4L的绝缘轻杆与边长为L、电阻为R的正方形单匝线框相连，它们的总质量为m，置于斜面上，线框下边与磁场的上边界重合．现将该装置由静止释放，当线框下边刚离开磁场时恰好做匀速运动；当小球运动到电场的下边界时速度恰好减为0．已知L=1m，B=0.8T，q=2.2×10-6C，R=0.1Ω，m=0.8kg，θ=53°，sin53°=0.8，取g=10m/s2．求：（1）线框做匀速运动时的速度v；（2）电场强度E的大小；（3）足够长时间后小球到达的最低点与电场上边界的距离x．【答案】解：（1）设线框下边离开磁场时做匀速直线运动的速度为v0，则：E=BL v0，I=F A=BIL=根据平衡条件：mgsinθ-=0可解得：v0==1m/s（2）从线框刚离开磁场区域到小球刚运动到电场的下边界，根据动能定理：-q EL+mgsinθ×2L=0-可解得：E=6×106N/C（3）设经足够长时间后，小球运动的最低点到电场上边界的距离为x，线框最终不会再进入磁场，即运动的最高点是线框的上边与磁场的下边界重合．根据动能定理：q E x-mgsinθ（L+x）=0解得：x=m答：（1）线框做匀速运动时的速度大小为1m/s；（2）电场强度的大小为6×106N/C；（3）经足够长时间后，小球到达的最低点与电场上边界的距离为m．【解析】（1）线框做匀速运动时重力的分力与安培力平衡，根据平衡条件，结合切割产生的电动势、闭合电路欧姆定律求出匀速运动的速度．（2）从线框刚离开磁场区域到小球刚运动到电场的下边界这段过程为研究过程，运用动能定理求出电场强度的大小．（3）当小球运动到电场的下边界时刚好返回，速度为零，运用动能定理求解小球到达的最低点与电场上边界的距离．本题综合考查了能量守恒定律、闭合电路欧姆定律以及切割产生的感应电动势大小，综合性强，对学生的能力要求高，关键理清线框的运动情况，选择合适的规律求解．16.如图所示，真空中有方向垂直纸面向里的匀强磁场和方向沿x轴正方向的匀强电场，当质量为m的带电粒子以速度v沿y轴正方向射入该区域时，恰好能沿y轴做匀速直线运动；若撤去磁场只保留电场，粒子以相同的速度从O点射入，经过一段时间后通过坐标为（L，2L）的b点；若撤去电场，只保留磁场，并在直角坐标系x O y的原点O处放置一粒子源，它能向各个方向发射质量均为m、速度均为v的带电粒子，不计粒子的重力和粒子之间的相互作用力．求：（1）只保留电场时，粒子从O点运动到b点，电场力所做的功W；（2）只保留磁场时，粒子源发射的粒子从O点第一次运动到坐标为（0，2L）的a点所用的时间t．【答案】解：（1）设粒子的电量为q，匀强电场强度为E，磁感应强度为B．只保留电场时，粒子从O点运动到b点，有：2L=vt…①q E=ma…②…③W=q EL…④联解①②③④得：…⑤（2）当电场和磁场同时存在时，有：qv B-q E=0…⑥若撤去电场保留磁场，则由牛顿定律：…⑦联解得：R=2L…⑧粒子做匀速圆周运动轨迹如图所示的两种情况，圆心分别为O1、O2，易知△O1a O和△O2a O均为等边三角形，所以：…⑨粒子从O点第一次到达a点所用的时间分别为：…⑩=…⑪答：（1）只保留电场时，粒子从O点运动到b点，电场力所做的功W为mv2；（2）只保留磁场时，粒子源发射的粒子从O点第一次运动到坐标为（0，2L）的a点所用的时间t为或．【解析】（1）粒子在电场中做类平抛运动，应用类平抛运动规律与功的计算公式可以求出电场力做的功．（2）粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，应用牛顿第二定律、粒子周期公式求出粒子的运动时间．本题考查了粒子做类似平抛运动和匀速圆周运动的基本规律，画出圆周运动的轨迹并结合几何关系列式分析是关键．。
四川省资阳市2014-2015学年高一下学期期末质量检测物理试卷
资阳市2014～2015学年度高中一年级第二学期期末质量检测物理本试卷分为第Ⅰ卷（选择题，40分）和第Ⅱ卷（非选择题，60分）两部分．第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷3至6页．全卷共100分，考试时间为100分钟．第Ⅰ卷（选择题，共40分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目用2B铅笔填涂在答题卡上．2．每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案，不能答在试题卷上．3．考试结束时，将本试卷和答题卡一并收回．一、选择题（本题包括10小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．如图所示，地球绕地轴匀速转动。
在地球表面上有a、b两物体，设a、b两物体的线速度分别为v1、v2，角速度分别为ω1、ω2，向心加速度分别为a1、a2，转速分别为n1、n2，下列说法正确的是A．v1>v2 B．ω1>ω2C．a1<a2 D．n1<n22．以10m/s的速度水平抛出一小球，空气阻力不计，取g＝10m/s2，当其水平位移与竖直位移相等时，下列说法中正确的是A．小球速度大小是B．小球运动时间是2sC．小球速度大小是20m/s D．小球运动时间是1s3．如图所示，质量为m的木块从半径为R的固定半球形的碗口下滑到碗的最低点的过程中，如果由于摩擦力的作用使得木块做匀速圆周运动，则A．木块的加速度为零B．木块的加速度不变C．木块的速度不变D．木块下滑过程中的加速度大小不变，方向时刻指向球心4．铁轨在转弯处外轨略高于内轨，其高度差由弯道半径与火车速度确定。
若在某转弯处规定安全行驶速度为V，则下列说法中正确的是①当火车速度等于V时，由支持力的水平分力提供向心力②当火车速度大于V时，轮缘挤压内轨③当火车速度大于V时，轮缘挤压外轨④当火车速度小于V时，轮缘挤压外轨A．①③B．①④C．②③D．②④5．一宇宙飞船绕地球做匀速圆周运动，飞船原来的线速度是v 1，周期是T 1，假设在某时刻它向后喷气进入椭圆轨道，经过远地点时再次向后喷气进入新轨道做匀速圆周运动，运动的线速度是v 2，周期是T 2，则A ．1212,v v T T >>B ．1212,v v T T ><C ．1212,v v T T <>D ．1212,v v T T <<6．如图所示，一根跨过光滑定滑轮的轻绳，两端各有一杂技演员（可视为质点），a 站在滑轮正下方的地面上，b 从图示的位置由静止开始向下摆动，运动过程中绳始终处于伸直状态，当演员b 摆至最低点时，a 刚好对地面无压力，则演员a 的质量与演员b 的质量之比为A ．1∶1B ．2∶1C ．3∶1D ．4∶17．我国未来将在月球地面上建立月球基地，并在绕月轨道上建造空间站．如图所示，关闭发动机的航天飞机A 在月球引力作用下沿椭圆轨道向月球靠近，并将在椭圆轨道的近月点B 处与空间站C 对接。
2014年四川省资阳市高中阶段教育学校招生统一考试物理试卷
2014年四川省资阳市高中阶段教育学校招生统一考试物理试卷一、选择题1、如图所示的四种光现象中，由于光的反射形成的是（）A．手影B．小孔成像C．桥在水中的倒影D．直的花茎“错位”了2、秋天的清晨，我们经常发现野外的树叶或小草上凝结着晶莹的露珠，如图所示．形成露珠的物态变化过程是（）A．升华 B．汽化 C．熔化 D．液化3、下列说法正确的是（）A．甲物体对乙物体施加力的同时，甲物体也一定受到了力的作用B．相互平衡的两个力，这两个力的三要素可能相同C．作匀速直线运动的汽车一定不受力的作用D．一个物体受到力的作用，它的运动状态一定改变．4、如图所示的实验装置中能够说明电磁感应现象的是（）A． B． C． D．5、跳伞运动员在空中匀速下落的过程中（）A．动能一定增大 B．机械能一定不变C．重力势能一定减小 D．机械能一定增加6、在A、B、C三个相同的烧杯内装有深度相同的液体，三种液体的密度关系是ρ1=ρ2＞ρ3将甲、乙、丙三个重力分别为G甲、G乙、G丙的实心小球分别在A、B、C的液体中，其中甲球在A中沉入液体底部，乙球在B中恰好悬浮，丙球在C中漂浮在液面上．三个球的密度分别为ρ甲、ρ乙、ρ丙，体积关系是V甲＞V乙=V丙，三个球所受浮力分别为F1F2F3三个烧杯里的液体对杯底的压强分别为p1p2p3则以下判断的关系中正确的是（）A．ρ甲＞ρ乙=ρ丙 B．G甲＞G乙＞G丙C．F1＞F2＞F3 D．p1=p2＞p37、关于燃料的热值下列说法正确的是（）A．燃料的热值与燃料的燃烧情况有关B．容易燃烧的燃料的热值一定大C．煤的热值比干木柴的大，煤燃烧放出的热量比干木柴放出的热量多D.0.5kg煤油和1.5kg煤油的热值一样大8、声音在均匀空气里传播过程中（）A．声速逐渐减小 B．频率逐渐减小C．振幅逐渐减小 D．声速、频率、振幅都不变9、某同学在做透镜成像的实验时，将一支点燃的蜡烛放在距离透镜20cm的地方，当它向透镜移动时，其倒立的像移动速度大于蜡烛移动速度，则可判断此透镜（）A．是凸透镜，焦距为20cmB．是凸透镜，焦距可能为15cmC．是凹透镜，焦距为20cmD．是凹透镜，焦距可能为15cm10、如果加在定值电阻两端的电压从8V增加到10V时，通过定值电阻的电流相应变化了0.2A，则该定值电阻所消耗的电功率的变化量是（）A.0.4WB.2.8WC.3.2WD.3.6W11、质量为8kg的均匀木块，它与桌面的接触面积为100cm2，若用2N拉力使它在水平桌面上匀速前进1m，如图，下列叙述错误的是（）A．木块与桌面之间摩擦力大小是2NB．木块在运动过程中机械能不变C．木块对桌面的压强是800PaD．拉力在此过程中做功是2 J12、如图所示的电路，已知电流表的量程为0～0.6A，电压表的量程为0～3V，定值电阻R1的阻值为10Ω，滑动变阻器R2的最大阻值为50Ω，电源电压为6V．开关S闭合后，在滑动变阻器滑片滑动的过程中，保证电流表、电压表不被烧坏的条件是（）A．电压表最小示数是1VB．滑动变阻器滑片允许滑到最左端C．电路中允许通过的最大电流是0.6AD．滑动变阻器滑片移动的过程中，电流表先达到最大量程13、小兰站在竖直的平面镜前0.5m处，她在镜中的像到镜面的距离是 m．14、把一个标有“220V 500W”的电热杯接在电源上使其正常工作，在通电3min的时间内，该电热杯产生的热量为J．15、如图所示，光滑带槽的长木条AB（质量不计）可以绕支点O转动，木条的A端用竖直细绳连接在地板上，OB=0.4m．在木条的B端通过细线悬挂一个高为20cm的长方体木块，木块的密度为0.8×103kg/m3B 端正下方放一盛水的溢水杯，水面恰到溢水口处．现将木块缓慢浸入溢水杯中，当木块底面浸到水下10cm深处时，从溢水口处溢出0.5N的水，杠杆处于水平平衡状态．然后让一质量为100g的小球从B点沿槽向A端匀速运动，经4s的时间，系在A端细绳的拉力恰好等于0，则小球的运动速度为m/s．（g取10N/kg）16、保温瓶中装水量为1kg，当水温由98℃降低到78℃时，共放出J的热量．[c水=4.2×103J/（kg•℃）]．17、小明家有额定功率为一个“220V 1500W”的电热水器，将其单独接在电路中，发现电能表上铝盘121s内转了125转，他家的实际电压为V．（电能表规格为“220V 20A 3000R/KWh”）18、小明想探究某电阻的阻值R ，与温度t 的关系，设计了如图所示的电路，其中，定值电阻R o =20Ω，电源电压U=3V ．他把该电阻放在不同的温度下做实验，得到了不同温度下该电阻的阻值（如表）．由表中数据得出，该电阻的阻值R t 与温度t 的数学关系式为19、在热机的四个冲程中，把机械能转化为内能的是冲程．20、根据实物图，画出相应的电路图．21、一小车水平向右匀速运动，在车厢顶部用细绳竖直悬挂一个小球，小球与竖直车厢壁刚好接触，作出小车向右匀速运动时小球受力的示意图．22、室内温度为20℃，此时用浸有少量酒精的棉花裹在温度计的玻璃泡上，画出能正确反映温度计示数随时间的变化情况的大致图象．23、小明同学探究“通过导体的电流与电压的关系”时，电路图与实物图如图所示．已知电源电压和电阻R 1的阻值均恒定，电流表A 的量程为0～0.6安，电压表V 1的量程为0～3伏，电压表V 2的量程为0～15伏，滑动变阻器R 2上标有“50Ω 1A ”的字样．（1）小明按电路图将实物连接起来，闭合开关前滑动变阻器的滑片应放在端（填“左”或“右”）．闭合开关，发现电流表A与电压表V1的示数为零，电压表V2的示数不为零，若是电路中的电阻R1或滑动变阻器R2发生故障．则故障是（2）排除故障后，继续进行实验，记录电流表A与电压表V1的示数，得到一组实验数据，如下表所示．分析表中实验数据可得结论：当导体的阻值不变时，通过导体的电流与电压成比（3）实验中，记录电流表A与电压表V2的示数，得到一组实验数据，根据实验数据作出U-I图线（实线部分），如图所示．则该实验中，在保证实验器材安全的前提下，电路中允许通过的最大电流为安．24、我们可以利用矿泉水瓶做小实验来说明一些物理知识．（1）双手挤压空矿泉水瓶可以使瓶子变形，如果施加的力增大，瓶子变形程度就加大，这表明力的作用效果跟力的有关．（2）往空矿泉水瓶内注入少量的热水，摇晃后倒掉并立即盖紧瓶盖，过一会儿发现瓶子慢慢向内凹陷，这说明（3）不要在野外乱丢矿泉水瓶子，瓶子装水形成（填“凹透镜”或者“凸透镜”），对光线有（填“会聚”或者“发散”），容易造成火灾．25、同学们在学习“阿基米德原理”这节课上．仔细观察了老师所做的演示实验（如图所示）．课后复习时．物理兴趣小组的同学们，经过反复的思考、讨论，提出了对该实验的改进意见，并动手制作出了如图所示的实验装置，其中A、B为两个规格相同的弹簧秤，C为重物，D为薄塑料袋（质量不计），E是用废弃的大号饮料瓶、带孔橡皮塞以及弯曲玻管自制的溢水杯，杯中加人红色的水， F是升降平台（摇动手柄，可使平台高度缓慢上升、下降），G为铁架台．（1）实验中．同学们逐渐调高平台F，使重物浸入水中的体积越来越大，观察到弹簧秤A的示数；弹簧秤B的示数（选填“增大”、“减小”或“不变”）．比较弹簧秤A的示数变化量F A’和弹簧秤B的示数变化量F B’，它们的大小关系是F A′F B′（迭填“＞”、“＜”或“=”）．（2）通过分析，你认为应提醒兴趣小组的同学在操作时要注意什么问题？（请写出两条）①________________________________________________________________；②________________________________________________________________．（3）对比前图、后图的两组实验，改进后的实验与原实验比较有哪些优点？（请写出两条）①________________________________________________________________；②________________________________________________________________.26、如图所示，电路中电源两端电压保持不变，滑动变阻器的最大阻值为R3将滑动变阻器的滑片P置于A端，只闭合开关S1时，电压表V1的示数为U1，电压表V2的示数为U2；将滑动变阻器的滑片P置于B端，仍只闭合开关S1时，电压表V1的示数为U1′，电压表V2的示数为U2′，R1消耗的电功率为0.72W．已知U1：U1′=4：7，U2：U2′=2：1，R2=12Ω．（1）求R1的阻值；（2）当滑动变阻器的滑片P置于B端时，闭合开关S1S2S3，通过计算说明电流表能否使用0～3A这一量程进行测量．27、如图是液压汽车起重机从水中打捞重物的示意图．A 是动滑轮，B 是定滑轮，C 是卷扬机，D 是油缸，E是柱塞．作用在动滑轮上共三股钢丝绳，卷扬机转动使钢丝绳带动动滑轮上升提取重物，被打捞的重物体积V=0.5m3若在本次打捞前起重机对地面的压强p1=2.0×107Pa，当物体在水中匀速上升时起重机对地面的压强p2=2.375×107Pa，物体完全出水后起重机对地面的压强p3=2.5×107Pa．假设起重时柱塞沿竖直方向，物体出水前、后柱塞对吊臂的支撑力分别为N1和N2，N1与N2之比为19：24重物出水后上升的速度v=0.45m/s．吊臂、定滑轮、钢丝绳的重以及轮与绳的摩擦不计．（g取10N/kg）求：（1）被打捞物体的重力；（2）被打捞的物体浸没在水中上升时，滑轮组AB的机械效率；（3）重物出水后，卷扬机牵引力的功率．参考答案一、选择题1、C2、D3、A4、B5、C6、C7、D8、C9、B 10、D 11、C 12、A13、0.5 14、9X104 15、0.13 16、8.4X10417、219 18、R t=20+0.5t 19、压缩20、21、22、23、（1）右、滑动变阻器R2断路；（2）正；（3）0.324、（1）大小；（2）大气压的存在；（3）凸透镜；会聚．25、（1）减小；增大；=；（2）①弹簧秤使用前要调零；②待弹簧秤示数稳定后再读数；（3）①溢水杯中加红色水，增加可见度；②能同时显示出物体所受的浮力大小和物体排开液体的重力大小．26、（1）求R1的阻值为8Ω；（2）当滑动变阻器的滑片P置于B端时，闭合开关S1、S2、S3，电流表可以使用0～3A这一量程进行测量27、2.0×104N．机械效率为78.9%；卷扬机牵引力的功率为1.08×104W．。
四川省资阳市2014届高三第一次诊断性考试理综试题Word版含答案
资阳市高中2014届高三第一次诊断性考试理科综合能力测试（生物部分）本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷1至2页，第Ⅱ卷3至4页．全卷共90分。
注意事项：1．答题前，考生务必将自己的姓名、座位号、报名号填写在答题卡上，并将条形码贴在答题卡上对应的虚线框内。
2．第Ⅰ卷每小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑．如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。
第Ⅱ卷用黑色墨水签字笔在答题卡上书写作答，在试题卷上作答，答案无效。
3．考试结束，监考人只将答题卡收回。
第Ⅰ卷（选择题，共42分）一、选择题（本题包括7小题。
每小题只有一个．．．．选项符合题意。
）1．右图表示真核细胞某些结构的主要组成成分（图中字母是元素符号），下列叙述正确的是A．结构1功能的复杂程度主要由图中乙的种类和数量决定B．物质乙、丙的单体分别是氨基酸和核糖核苷酸C．物质甲、丙分别用苏丹Ⅳ和甲基绿染色显红色和绿色D．萨顿用类比推理的方法证明了基因在结构2上2．下列有关造血干细胞中物质运输的途径，不．可能存在的是A．合成的ATP：线粒体→细胞质基质→细胞膜B．转录的mRNA：细胞核→细胞质基质→核糖体C．合成的DNA 聚合酶：核糖体→细胞质基质→高尔基体D．吸收的水：细胞膜→细胞质基质→线粒体3．右图A、B、C、D表示某二倍体雄性哺乳动物在某种细胞分裂过程中不同时期的细胞，a、b、c、d表示某种结构或物质在不同时期的数量变化。
下列表述与图中信息相符的是A．A细胞代表精原细胞，其中含1个染色体组B．B细胞所处阶段可能发生基因重组，a代表染色体数C．着丝点分裂发生于细胞B形成细胞C的过程中D．A、B、C、D中可能不含Y染色体的细胞是C、D4．下列对于生物学中常见的育种方法的理解，正确的是A．在诱变育种中，能定向获得大量优良变异类型B．基因工程育种的原理是染色体变异C．在单倍体育种中，先筛选出F1的花粉，然后进行离体培养D．在杂交育种中，一般从F2开始选种，因性状分离从F2开始5．右图表示人体在不同距离的跑步过程中，有氧呼吸和无氧呼吸供能的百分比（假设能量全部来自糖类的分解）。
四川省资阳市2014年高中阶段教育学校招生统一考试(物理)及参考答案
四川省资阳市2014年高中阶段教育学校招生统一考试（物理）一、选择题1. 下列关于声现象的四幅图中说法错误的是（）A . 宇航员在进行太空行走时不能直接听到同伴说话的声音是因为声音无法在太空中传播B .小明练琴前调整琴弦松紧程度的目的是调节琴声的响度 C . 美海军通过“蓝鳍金枪鱼”的预定位声纳系统搜寻马航失联飞机是利用声音传递信息 D . 外科医生利用超声波振动除去人体内的结石是利用声音传递能量2. 下列关于光现象的四幅图中说法错误的是（）A . 大海深处发光的水母是光源B . 雾天透过树丛的光束是直的，表明光在空气中沿直线传播C . 医生用电子胃镜通过光导纤维观察人体胃肠道内部是利用光的多次折射传输图像信息D .英国物理学家牛顿用玻璃三棱镜使太阳光发生色散证明了太阳光是复色光3. 下列关于热现象的四幅图中说法错误的是（）A . 二氧化氮密度大于空气密度，抽掉玻璃板后由于分子热运动两瓶气体依然会混合在一起B .火箭发射升空过程中，火箭外壳与大气摩擦后温度升高、内能增大 C . 我国近年汽车数量大幅增加，汽车尾气的大量排放加剧了城市的热岛效应 D . 利用温度传感器得到的实验结果表明水和色拉油的吸热没有差异4. 下列有关能量的说法中错误的是（）A . 核能转化为电能的正确途径是：核能→机械能→内能→电能B . 太阳能利用可以光热转换、光化转换或光电转换，能量转化过程中总量保持不变C . 天然气是化石能源，属于不可再生能源，风能、水能等是可再生能源D . 拦河坝可以提高上游水位，利用水的势能和动能是通过水轮发电机转化为电能 5. 下列有关电现象的四幅图中说法正确的是（ ） A . 玻璃棒和丝绸摩擦时玻璃失去电子带负电，丝绸因有了多余电子而带等量的正电 B .闭合电路中电流总是从电源正极流向负极 C . 图中两个小灯泡属于同一条干路，是串联关系 D . 三孔插座上方插孔内导线与大地相连，避免用电器外壳带电对人造成伤害 6. 下列有关磁现象的四幅图中说法正确的是（ ） A . 地球仪悬浮于磁铁上方静止，球体受到的磁铁斥力大于所受重力 B . 蹄形磁铁周围小铁屑的分布情况说明磁感线是磁场中真实存在的曲线 C . 闭合开关，同时对调磁极和电源正负极可以改变导线ab 受力方向 D . 线圈abcd 在磁场中转动时，电路中会产生电流，小灯泡会发光7. 下列有关“压强和浮力”现象的说法中错误的是（ ）A . 鱼类主要是靠鳔的调节作用改变所受浮力来实现下沉和上浮的B . 蚊子细尖的口器可以增大压力，易于刺穿皮肤吸吮血液C . 人们用吸管吸食饮料时是靠大气压把饮料“压”进嘴里D . 水杯中的水对杯底的压强由水的深度决定，与杯子的底面积无关二、图示题8. 根据下面各图所给信息填空（取g=10N/kg ）．（1） 晶体的熔化过程是图中的________段；（2） 天平的读数是________ g ；（3） 推而不动的小车共受到________个力的作用；（4） 物体A 的质量是________ kg ．9.如图，护城河上的吊桥装置是巧妙应用杠杆的例子，请在图中画出动力F 、阻力F 和动力臂l ．10. 如图所示，图甲是小明奶奶眼睛成像情况示意图，请在图乙中画出矫正小明奶奶视力所需的透镜并完成光路图．12111. 如图，根据电源的正负极性、小磁针静止时N极的指向，在图中画出通电螺线管的绕线方向并标出螺线管极性和磁感线的方向．三、探究与实验题12. 某实验小组“利用杠杆平衡条件测固体密度”．【实验器材】待测小石块，杠杆及支架，细线，钩码数个，刻度尺，烧杯，水适量．【实验过程】（i）把杠杆的中点固定在支架上并调节杠杆在水平位置平衡；（ii）用细线将小石块拴好，把小石块和钩码m分别挂在杠杆的两边，调节钩码的位置使杠杆在水平位置平衡；（iii）分别量出小石块悬挂处与支点的距离L和钩码所挂处与支点的距离l，由杠杆平衡条件得出小石块的质量为_____ ___（iv）在烧杯内盛水，将小石块浸没水中，保持L不变，调节钩码m的悬挂位置，使杠杆重新在水平位置平衡；（v）量出钩码所挂处与支点的距离d，则小石块所受水的浮力为________；（vi）若水的密度为ρ，由阿基米德原理得出小石块的体积为________；（vii）由密度公式求出小石块的密度为________．13. 小凯和小兰在“探究电阻一定时电流与电压的关系”实验中，尚未完成的实物连线如图所示．（1）请把定值电阻正确连入电路完成实物连线________；（2）闭合开关后，调节滑动变阻器的阻值，读得电流表、电压表的示数如表：电压（V） 1.2 1.6 2.0 2.4 2.8电流（A ）0.120.160.200.240.28分析表中数据，得出的结论是：电阻一定时，电流与电压的关系是________；（3） 根据表中数据可以求得定值电阻的阻值________．四、论证与计算题14. 如图所示，我国“歼15”舰载机已在“辽宁舰”上成功起降，“辽宁舰”成为真正意义上的航母．“辽宁舰”的有关参数如表所示．满载排水量G （t ）67500最大功率P （kW ） 1.5×10动力提供（燃料）重油最高航速v （km/h ）54最大舰长L （m ）304最大舰宽d （m ）70.5发动机效率η（%）25最大舰载机数量n （架）30已知海水密度ρ=1.1×10kg/m ， 重油的热值q=4.0×10J/kg ，取g=10N/kg．求：（1） “辽宁舰”满载时受到海水的浮力F ；（2） “辽宁舰”发动机以最大功率、最高航速航行时提供的牵引力F ；（3） “辽宁舰”以最高航速航行1000km 所需要燃烧重油的质量m ．15. 如图甲所示是电动传送机，传送带斜面长L=15m ，与水平地面成θ=30°，每袋货物质量m=30kg ；若货物传送过程中不打滑，传送带上的货物间距离均为d=1m ，货物上行的s ﹣t 图像如图乙所示，传送一袋货物所做的额外功是W′=750J ，取g=10N/kg．求：（1） 传送机运转时货物的运动速度v ；（2） 传送机匀速传送一袋货物所做的有用功W ；（3） 传送机工作时的机械效率η；（4） 从传送机开始运转到第20袋货物刚要放上传送带的时间内传送机所做的总有用功W ．16. 如图甲所示是小明设计的调光灯电路图，他将粗细均匀的镍铬合金丝AB 通过滑片P 连入电路，小灯泡L 的额定电压为U =6V ．闭合开关S 后，滑片P 从镍铬合金丝左端A 滑到右端B 的过程中，小灯泡的I ﹣U 关系图像如图乙所示；设镍铬合金丝AB 的阻值不随温度变化．求：m m 5m m m m 海水33712总0（1） 小灯泡的额定功率P ；（2） AB 的最大阻值R ；（3） 当镍铬合金丝AB 连入电路部分的电阻R =2Ω、小灯泡L 消耗功率为P=4W 时小灯泡灯丝的电阻R ．参考答案1.2.3.4.5.6.7.8.9.10.11.01212.13.14.15.16.。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
资阳市雁江区第一中学2014届高三下期2月月考理科综合物理试题一、选择题(本题包括7小题。
不定项选择，全部选对得6分，不全得3分，选错得0分) 1、关于电磁波和相对论下列说法正确的是（ ）A ．用红外线照射时，大额钞票上用荧光物质印刷的文字会发出可见光B ．质量、长度、时间的测量结果都与物体相对观察者的相对运动状态无关C ．狭义相对论认为一切物理规律在惯性系中具有不同的形式D ．做变速运动的电荷会在空间产生电磁波2、如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为22∶1，b 是原线圈的中心抽头，图中电表均为理想的交流电表，定值电阻R =10Ω，其余电阻均不计。
从某时刻开始在原线圈c 、d 两端加上如图乙所示的正弦交变电压，则下列说法中正确的是（ ）A ．当单刀双掷开关由a 拨向b 后，原线圈的输入功率变大B ．当单刀双掷开关与a 连接且t =0.02 s 时，电流表示数为零C ．当单刀双掷开关与a 连接时，电压表的示数为14.14 VD ．当单刀双掷开关由a 拨向b 后，副线圈输出电压的频率增大3、图1是一列简谐横波在t =1.25s 时的波形图，图2为图1中某质点的振动图。
已知c 位置的质点比a 位置的晚0.5s 起振。
则（ ）A ．这列简谐横波向x 轴负方向传播传播B ． 这列简谐横波与另一列频率（z H f 5 ）的简谐横波能发生干涉现象C ．图2所示振动图像对应的质点可能位于d <x <eD ．图2所示振动图像对应的质点可能位于a <x <b4、“嫦娥三号”探月卫星于2013年12月2日1点30分在西昌卫星发射中心发射，将实现“落月”的新阶段。
若已知引力常量G ，月球绕地球做圆周运动的半径为1r 、周期为1T ，“嫦娥三号”探甲乙月卫星绕月球做圆周运动的环月轨道(见图)半径为2r 、周期为2T ，不计其他天体的影响，则根据题目条件可以( )A.求出“嫦娥三号”探月卫星的质量B.求出地球表面的重力加速度C.求出月球的第一宇宙速度D. 求出地球与月球之间的万有引力 5、如图所示，一固定光滑杆与水平方向夹角为θ，将一质量为1m 的小环套在杆上，通过轻绳悬挂一个质量为2m 的小球，由静止释放后，小环与小球保持相对静止且以相同的加速度a 一起下滑，此时绳子与竖直方向夹角为β，则下列说法正确的是（ ）A.杆对小环的作用力大于g m m )(21+B. βθ=，与1m 、2m 无关C. 1m 不变，则2m 越大，β越小D.若杆不光滑，β可能大于θ6、如图所示，在倾角为θ的光滑斜面上，存在着两个匀强磁场，磁场Ⅰ垂直斜面向上、磁感应强度大小为B ，磁场Ⅱ垂直斜面向下、磁感应强度大小为2B ，磁场的宽度MJ 和JG 均为L ，一个质量为m 、电阻为R 、边长也为L 的正方形导线框，由静止开始沿斜面下滑，当ab 边刚越过GH 进入磁场Ⅰ区时，线框恰好以速度1v 做匀速直线运动；当ab 边下滑到JP 与MN 的中间位置时，线框又恰好以速度2v 做匀速直线运动，从ab 进入磁场Ⅰ至ab 运动到JP 与MN 中间位置的过程中，线框的机械能减少量为△E ，重力对线框做功的绝对值为1W ，安培力对线框做功的绝对值为2W ，下列说法中正确的是（ ） A ．12:4:1v v =B ．12:9:1v v = C ．1E W ∆=D ．2E W ∆=7.由平抛运动规律容易证明出平抛物体运动轨迹方程为抛物线k kx y (2=为常数)。
现有内壁光滑的空心玻璃管竖直放置在直角坐标系中，空心玻璃管刚好与抛物线25.2x y =吻合，在竖直方向的高度为m y 1.0=。
一直径略小于玻璃管直径的小球（可视为质点）以初速度s m v /4=水平射入玻璃管，与玻璃管碰撞时无能量损失。
g=10ms/2。
则下列判断正确的是（ ） A.从O 点以水平初速度s m v /20=的平抛物体，其运动轨迹与玻璃管重合B.小球射出管口时速度方向与水平方向夹角︒=30ϑC.小球到达管口的时间是s 21.0D.小球射出管口时速度大小是s m v /23=二，实验与探究（17分）8.用如图所示的实验装置来探究小球作圆周运动所需向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系，转动手柄使长槽和短槽分别随变速轮塔匀速转动，槽内的球就做匀速圆周运动。
横臂的档板对球的压力提供了向心力，球对挡板的反作用力通过横臂的杠杆作用使弹簧测力筒下降，从而露出标尺，标尺上的红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值。
某次实验图片如图，请回答相关问题：①在研究向心力的大小F与质量m、角速度ω和半径r之间的关系时我们主要用到了物理学中的（）A.累积法B.等效替代法C.控制变量法D.演绎法②图中是在研究向心力的大小F与的关系A.质量mB. 角速度ωC. 半径r③若图中标尺上红白相间的等分格显示出两个小球所受向心力的比值为1：9，运用圆周运动知识可以判断与皮带连接的变速轮塔对应的半径之比为A.3：1B.4：1C.9：1D.2：19、某同学设计如图1的电路测量定值电阻R0、电源的电动势E和内阻r，改变滑动变阻器R的阻值，同时测量出多组U1、U2、I的读数，并根据测量数据描绘了如图2的甲、乙两条U-1直线：①根据图2知，图中（填甲或乙）表示的是电压表V1与电流表A的多组读数。
②根据图2，可求出定值电阻R0= Ω，电源电动势E= V，内阻r= Ω（保留两位有效数字）。
③图2中，两直线的交点表示的物理意义为（）A.滑动变阻器的滑片P在最右端B.定值电阻消耗的最小功率为0.8wC.此电路中电源的最大输出功率为0.8wD.电路流过的最大电流为0.5A三、计算题（本题共3小题，10小题15分，11小题17分，12小题19分，共51分．解答时应写出必要的文字说明、公式、方程式和重要的演算步骤，只写出结果的不得分，有数值计算的题，答案中必须写出明确的数值和单位）10、如图所示，一带电量为＋q、质量为m的小球，从距地面高2h处以一定的初速度水平抛出，在距抛出点水平距离为s处有根管口比小球稍大的竖直细管，细管的上口距地面高为h，为了使小球能无碰撞地落进管口并通过管子，可在管子上方整个区域内加一水平向左的匀强电场。
求：（1）小球的初速度；（2）应加电场的场强；（3）小球落地时的动能？11、如图所示，在倾角θ=37°的光滑斜面上存在一垂直斜面向上的匀强磁场区域MNPQ，磁感应强度B的大小5T，磁场宽度d=0．55m，有一边长1= 0．4m，质量m1=0．6kg，电阻R=2Ω的正方形均匀导体线框abcd通过一轻质细线跨过光滑的定滑轮与一质量m2=0．4kg的物体相连，物体与水平面间的动摩擦因数μ=0．4，线框从图示位置自由释放，物块到定滑轮的距离足够长。
（g=10m／s2）求：（1）线框abcd还未进入磁场的运动过程中，细线拉力为多少？（2）当ab边刚进入磁场时，线框恰好做匀速直线运动，求线框刚释放时ab边距磁场MN边界的距离x多大？（3）cd边恰离开磁场边界PQ时，速度大小为2m/s，求运动整过程中ab边产生热量Q为多少？12、如图所示，直角坐标系的y轴左方为垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度的大小为B．垂直x轴竖直放置一个足够大接收屏PQ，它离原点距离为Og=L/2；直角坐标系的第一象限和第四象限的abcO、Ocdf均是边长为L的正方形，其内以a、f为圆心各有一垂直纸面方向的半径为L的1/4圆形匀强磁场区域, 磁感应强度的大小均为B．bd为一线状发射装置，射出一束质量为m、电荷量为e 的电子，以相同的初速度沿纸面垂直于bd边射入两个正方形区域，电子从bd边上的任意点入射，都只能从原点O射出，进入y轴左方磁场．不考虑电子之间的相互作用，不计重力．求：（1）第一象限和第四象限中匀强磁场区域的磁感应强度的方向和电子初速度v0的大小；（2）电子打到接收屏PQ上的范围；（3）打在接收屏上的电子在磁场中运动的最长时间t．参考答案8、①C （2分） ②B （2分） ③A （2分） 9、①甲（2分）②3.2（2分）、2.4（2分）、1.6（2分） ③CD （3分，未选全得2分） 10、（1）由题意知，小球落到管口时的水平速度为零，设运动时间为t ，则竖直方向 h ＝12gt 2 （2分） 水平方向s ＝v 02·t （2分）联立解得v 0＝hg s2 （2分）（2）小球落到管口的过程中，水平方向上，小球作匀减速运动。
由运动学公式 tv a 0=（2分） 由动力学公式 qE ＝ma （2分） 解得E ＝mgs hq（2分）（3）小球的竖直分运动一直是作初速度为零的匀加速运动，因此小球落地动能 E k ＝mg ·2h ＝2mgh （全程用动能定理也给分）（3分）11.（1）m 1、m 2在运动中，以整体法 a m m g m g m )(s i n2121+=-μθ (2分))/(22s m a =（1分）以m2为对象a m g m T 22=-μ（或以m 1为对象a m T g m 11sin =-θ） （1分）T =2.4（N ） （1分）（2）线框进入磁场恰匀速，以整体：0sin 2221=--R Vl B g m g m μθ（2分）)/(12s m V =（1分） 线框下滑做匀加速运动 022-=V ax （2分）m x 25.0= （1分）（3）线框从开始运动到cd 边恰离开磁场时：Q V m m l d x g m l d x g m ++=++-++212121)(21)()(sin μθ （3分） Q =0.4（J ）（1分）)(1.041J Q Q ab ==（2分）12、（1）根据电子在第一、四象限内的偏转分析和左手定则可知： 第一象限的磁场方向为垂直纸面向外 …………………①（1分）第四象限的磁场方向为垂直纸面向内 …………………②（1分） 考虑从b 点射入的电子从O 点射出，轨迹如图所示，则： 由几何关系得其圆周运动的半径： R=L ………………③（1分） 由牛顿运动定律有：200v ev B mR =……………④（3分）联解③④得：0eBL v m =………⑤（1分） （2）设从O 点沿-y 方向进入磁场的电子打在屏上最低点h ，圆心为O1，由图中几何关系可知：12L O g R =-……………⑥（1分）gh = …………………⑦（1分）设从O 点沿某方向进入第二象限的电子其圆轨迹在i 点恰与圆相切，该i 点为电子打在屏上最高位置，如图所示，圆心为O2，连接O2、i 交y 轴为j 点。
由图中几何关系可知：22L O j R =-…………………⑧（1分）gi…………………⑨（1分）联解⑥⑦⑧⑨得：gh = …………………⑩（1分）gi…………………⑾（1分）接收屏被电子打中范围：（y =，y ）。