物理3-2知识点

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人教版高中物理选修3-2知识点整理及重点题型梳理] 互感和自感、涡流

人教版高中物理选修3-2知识点整理及重点题型梳理] 互感和自感、涡流

人教版高中物理选修3-2知识点梳理重点题型(常考知识点)巩固练习互感和自感、涡流【学习目标】1、知道什么是互感现象和自感现象。

2、知道自感系数是表示线圈本身特征的物理量,知道它的单位及其大小的决定因素。

3、能够通过电磁感应部分知识分析通电、断电自感现象的原因。

4、知道涡流是如何产生的,知道涡流对人类有利和有害的两方面,以及如何利用涡流和防止涡流。

【要点梳理】要点一、互感现象两个线圈之间没有导线相连,但当一个线圈中的电流变化时,它所产生的变化的磁场会在另一个线圈中产生感应电动势,这种现象称为互感,产生的感应电动势叫互感电动势。

要点诠释:(1)互感现象是一种常见的电磁感应现象,它不仅发生于绕在同一铁芯上的两个线圈之间,而且可以发生于任何相互靠近的电路之间。

(2)互感现象可以把能量从一个电路传到另一个电路。

变压器就是利用互感现象制成的。

(3)在电子电路中,互感现象有时会影响电路的正常工作,应设法减小电路间的互感。

要点二、自感现象1.实验如图甲所示,首先闭合S 后调节R ,使12A A 、亮度相同,然后断开开关。

再次闭合S ,灯泡2A 立刻发光,而跟线圈L 串联的灯泡1A 却是逐渐亮起来的。

如图乙所示电路中,选择适当的灯泡A 和线圈L ,使灯泡A 的电阻大于线圈L 的直流电阻。

断开S 时,灯A 并非立即熄灭,而是闪亮一下再逐渐熄灭。

图甲实验叫通电自感。

在闭合开关S 的瞬间,通过线圈L 的电流发生变化而引起穿过线圈L 的磁通量发生变化,线圈L 中产生感应电动势,这个感应电动势阻碍线圈中电流的增大,通过灯泡1A 的电流只能逐渐增大,所以1A 只能逐渐变亮。

图乙实验叫断电自感。

断开S 的瞬间,通过线圈L 的电流减弱,穿过线圈的磁通量很快减小,线圈L 中出现感应电动势。

虽然电源断开,但由于线圈L 中有感应电动势,且和A 组成闭合电路,使线圈中的电流反向流过灯A ,并逐渐减弱由于L 的直流电阻小于灯A 的电阻,其原电流大于通过灯A 的原电流,故灯闪亮一下后才逐渐熄灭。

2019-2020年高三物理3-2选修教材(必考内容)新课标人教版

2019-2020年高三物理3-2选修教材(必考内容)新课标人教版

2019-2020年高三物理3-2选修教材(必考内容)新课标人教版教学目标:1.知道交变电流产生的原理,正弦式电流的图象和三角函数表达2.理解最大值与有效值,周期与频率3.知道电阻、电感和电容对交变电流的作用,感抗和容抗本讲重点:交变电流的描述、有效值本讲难点:交流电路的分析与计算考点点拨:1.交变电流的瞬时值2.交变电流的最大值3.交变电流的平均值4.交变电流的有效值一、考点扫描(一)知识整合1.正弦交流电的产生及其变化规律(1)大小和方向都随时间做变化的电流叫交变电流,按规律变化的电流叫正弦交流电。

(2)交变电流的产生:矩形线圈在磁场中绕,以某一角速度转动,线圈中将产生正弦式交流电。

(3)在线圈平面与磁场垂直时,线圈中没有感应电流,这样的位置叫。

在此位置时,磁通量,磁通量的变化率,线圈中感应电动电动势,线圈每次经过此位置时,电流方向就改变一次,一周内电流方向改变次,50HZ的交流电,在1秒内电流改变次方向。

(4)若从中性面开始计时,交流电的瞬时表达式为:i=,u=,e=,试写出推导过程。

2.表征交变电流的物理量(1)交变电流的最大值(也叫峰值),E m= 。

(2)交变电流的有效值是根据电流的规定的,使交变电流和直流电通过同一电阻,若在相等时间内产生的热量相等,我们就把这一直流电的数值叫做这一交变电流的有效值。

交流用电设备上所标的额定电压和额定电流指的就是有效值,交流电压表和交流电流表的示数是有效值,在无特别说明时,交流电的数值都是指有效值。

(3)交变电流的有效值I、U、E与最大值I m、U m、E m之间的关系为。

(4)周期:交变电流完成一次,叫周期。

表示符号是,单位是。

(5)频率:,叫频率。

表示符号是_____,单位是________。

周期与频率的关系式为__________。

(二)重难点阐释1.正弦交流电的产生当闭合矩形线圈在匀强磁场中,绕垂直于磁感线的轴匀速转动时,闭合线圈中就有交流电产生.如图所示.设矩形线圈abcd以角速度ω绕oo' 轴、从线圈平面跟磁感线垂直的位置开始做逆时针方向转动.此时,线圈都不切割磁感线,线圈中感应电动势等于零.经过时间t线圈转过ωt角,这时ab 边的线速度v方向跟磁感线方向夹角等于ωt,设ab边的长度为l,bd边的长度为l',线圈中感应电动势为当线圈平面转到跟磁感线平行的位置时,线圈转过时间,ωt=,ab边和cd边都垂直切割磁感线,sinωt=1,线圈中感应电动势最大,用E m来表示,E m=BSω.则e=E m sinωt。

高中物理人教版选修3-2课后习题整理

高中物理人教版选修3-2课后习题整理

高中物理人教版3-2各章节课后习题4.14.21.图4.2-8所示的匀强磁场中有一个矩形闭合导线框。

在下列几种情况下,线框中是否产生感应电流?(1) 保持线框平面始终与磁感线垂直,线框在磁场中上下运动(图甲)。

(2) 保持线框平面始终与磁感线垂直,线框在磁场中左右运动(图乙)。

(3) 线框绕轴线 AB 转动(图丙)。

4.34.44.54.64.75.11. 让一个蹄形磁铁靠近白炽灯,观察灯丝,可以看到什么现象?这是什么原因造成的?2. 有人说,在图 5.1-3 中,线圈平面转到中性面的瞬间,穿过线圈的磁通量最大,因而线圈中的感应电动势最大;线圈平面跟中性面垂直的瞬间,穿过线圈的磁通量为零,因而感应电动势为零。

这种说法对不对?为什么?3. 图 5.1-3 中,设磁感应强度为 0.01 T,单匝线圈 AB 边长为 20 cm,宽 AD 为 10 cm,转速 n 为 50 r/s,求线圈转动时感应电动势的最大值。

4. 一台发电机在产生正弦式电流。

如果发电机电动势的峰值为E m = 400 V,线圈匀速转动的角速度为ω= 314 rad/s,试写出电动势瞬时值的表达式。

如果这个发电机的外电路只有电阻元件,总电阻为2 kΩ,电路中电流的峰值为多少?写出电流瞬时值的表达式。

5. 如图5.1-5所示,KLMN是一个竖直的矩形导线框,全部处于磁感应强度为B的水平匀强磁场中,线框面积为S,KL边水平,线框绕某竖直固定轴以角速度ω匀速转动。

在 KL 边与磁场方向到达 30°角的时刻(图示位置),导线框中产生的瞬时电动势 e的大小是多少?标出线框此时电流的方向。

已知线框按俯视的逆时针方向转动。

5.21. 我国电网中交变电流的周期是 0.02 s,1 s内电流方向发生多少次改变?2. 一个电容器,当它的两个极板间的电压超过 10 V 时,其间的电介质就可能被破坏而不再绝缘,这个现象叫做电介质的击穿,这个电压叫做这个电容器的耐压值。

物理选修3-2知识点归纳

物理选修3-2知识点归纳

物理选修3-2知识点归纳(鲁科版)第一章 电磁感应 第1节 磁生电的探索1.电磁感应:只要闭合电路的磁通量发生变化,闭合电路中就会产生电流。

国磁通量变化而产生电流的现象叫做电磁感应,所产生的电流叫做感应的电流。

第2节 感应电动势与电磁感应定律1.感应电动势:电磁感应现象中产生的电动势叫感应电动势。

电路中感应电动势的大小与电路中磁通量变化的快慢有关。

2.法拉第电磁感应定律:电路中感应电动势的大小与穿过这一电路的磁通量变化率成正比。

tkE ∆∆Φ=,k 为比例常数。

在国际单位制中,感应电动势E 的单位是V ,Φ的单位是Wb ,t 的单位是s , 1=k , 上式可以化简为t E ∆∆Φ=。

n 匝线圈的感应电动势大小为:tn E ∆∆Φ=。

磁通量的变化量仅由导线切割磁感线引起时,感应电动势的公式还可以写成:Blv E =。

第3节 电磁感应定律的应用1.涡流:将整块金属放在变化的磁场中,穿过金属块的磁通量发生变化,金属块内部就产生感应电流。

这种电流在金属块内部形成闭合回路,就像旋涡一样,我们把这种感应电流叫做涡电流(eddy current),简称涡流。

如图所示,把绝缘导线绕在块状铁芯上,当交变电流通过导线时,铁芯中会产生图中虚线所示的涡流。

在以上实验中,小铁锅的电阻很小,穿过铁锅的磁通量变比时产生的涡流较大,足以使水温升高;而玻璃杯是绝缘体,电阻很大,不产生涡流。

2.电磁炉:电磁炉的工作原理与涡流有关。

如图所示,当50 Hz 的交流电流入电磁炉时,经过整流变为直流电,再使其变为高频电流(20~50 kHz)进入炉内的线圈。

由于电流的变化频率较高,通过铁质锅底的磁通量变化率较大,根据电磁感应定律t E ∆∆Φ=/可知,产生的感应电动势也较大;铁质锅底是整块导体,电阻很小,所以在锅底能产生很强的涡电流,使锅底迅速发热,进而加热锅内的食物。

(1)与煤气灶、电饭锅等炊具相比,电磁炉具有很多优点:电磁炉利用涡流使锅直接发热,减少了能量传递的中间环节,能大大提高热效率;电磁炉使用时无烟火,无毒气、废气;电磁炉只对铁质锅具加热,炉体本身不发热……由于以上种种优点,电磁炉深受消费者的喜爱,被称为“绿色炉具”。

物理必修三二知识点总结

物理必修三二知识点总结

物理必修三二知识点总结1. 弹性形变和弹性势能弹性形变是指当外力作用在物体上时,物体会发生形状、大小或位置的改变,而当外力撤去时,物体又恢复原状的现象。

在物理学中,弹性形变常用Hooke's law来描述。

弹性势能是指物体在受到外力形变后,所存储的能量,通常用公式E=1/2kx^2来描述,其中E 为弹性势能,k为弹簧常数,x为形变量。

2. 钢丝绳、弹簧和胡克定律钢丝绳和弹簧都属于弹性体,当外力作用在钢丝绳或弹簧上时,它们会发生弹性形变,在外力撤去后,它们又会恢复原状。

胡克定律描述了弹性体弹性形变的情况,即形变量与外力成正比,公式为F=-kx,其中F为外力,k为弹簧常数,x为形变量。

3. 弹性势能的计算弹性势能的计算通常采用公式E=1/2kx^2,其中E为弹性势能,k为弹簧常数,x为形变量。

当形变量较小时,可以采用近似计算,即E=Fx,其中F为外力,x为形变变量。

4. 动能和动能定理动能是物体由于运动而具有的能量,通常用公式K=1/2mv^2来描述,其中K为动能,m 为物体的质量,v为物体的速度。

动能定理描述了物体动能的变化情况,即外力的做功等于物体动能的变化量,公式为W=ΔK,其中W为外力对物体做功,ΔK为物体动能的变化量。

5. 势能和动能的转化在物体运动的过程中,动能和势能可以相互转化。

例如,当物体由高处下落时,其具有的势能会逐渐转化为动能,当物体被外力弹射时,其动能会转化为势能。

根据机械能守恒定律,系统的总机械能在没有非弹性力量做功的情况下保持不变。

6. 势能的转化公式在一些特定的情况下,可以通过公式来计算势能的转化。

例如,当物体由高处下落时,势能会完全转化为动能,可以用公式mgh=1/2mv^2来计算,其中m为物体的质量,g为重力加速度,h为高度,v为速度。

7. 动量和动量定理动量是物体在运动过程中具有的一种特性,在运动过程中,动量可以转移、改变但总量守恒。

动量的大小与物体的质量和速度有关,通常用公式p=mv来描述,其中p为动量,m 为物体的质量,v为物体的速度。

上海高考物理知识点

上海高考物理知识点

上海高考物理知识点上海高考物理知识点有哪些你知道吗?物理概念是解题的依据之一,不少题目的部分条件隐含在相关的概念之中,于是可以从分析概念中去挖掘隐含条件,寻求解题方法。

一起来看看上海高考物理知识点,欢迎查阅!上海高考物理知识点一、电场〖选修3--1〗1.库仑定律电荷力,万有引力引场力,好像是孪生兄弟,kQq与r 平方比。

2.电荷周围有电场,F比q定义场强。

KQ比r2点电荷,U比d是匀强电场。

电场强度是矢量,正电荷受力定方向。

描绘电场用场线,疏密表示弱和强。

场能性质是电势,场线方向电势降。

场力做功是qU ,动能定理不能忘。

4.电场中有等势面,与它垂直画场线。

方向由高指向低,面密线密是特点。

二、恒定电流〖选修3-1〗1.电荷定向移动时,电流等于q比 t。

自由电荷是内因,两端电压是条件。

正荷流向定方向,串电流表来计量。

电源外部正流负,从负到正经内部。

2.电阻定律三因素,温度不变才得出,控制变量来论述,r l比s 等电阻。

电流做功U I t ,电热I平方R t 。

电功率,W比t,电压乘电流也是。

3.基本电路联串并,分压分流要分明。

复杂电路动脑筋,等效电路是关键。

4.闭合电路部分路,外电路和内电路,遵循定律属欧姆。

路端电压内压降,和就等电动势,除于总阻电流是。

三、磁场〖选修3-1〗1.磁体周围有磁场,N极受力定方向;电流周围有磁场,安培定则定方向。

2.F比I l是场强,φ等B S 磁通量,磁通密度φ比S,磁场强度之名异。

3.BIL安培力,相互垂直要注意。

4.洛仑兹力安培力,力往左甩别忘记。

四、电磁感应〖选修3-2〗1.电磁感应磁生电,磁通变化是条件。

回路闭合有电流,回路断开是电源。

感应电动势大小,磁通变化率知晓。

2.楞次定律定方向,阻碍变化是关键。

导体切割磁感线,右手定则更方便。

3.楞次定律是抽象,真正理解从三方,阻碍磁通增和减,相对运动受反抗,自感电流想阻挡,能量守恒理应当。

楞次先看原磁场,感生磁场将何向,全看磁通增或减,安培定则知i 向。

人教课标版高中物理选修3-2:《电能的输送》教案-新版

人教课标版高中物理选修3-2:《电能的输送》教案-新版

电能的输送【核心素养】通过《电能的输送》的学习过程,培养学生主动探究、发现问题、解决问题;教育学生节约用电,养成勤俭节约的好习惯。

【教学目标】1.知道为什么要远距离输电、“便于远距离输送”是电能的优点之一,掌握高压输电的过程。

2.掌握降低输电损耗的两个途径。

3.了解电网供电的优点和意义。

【教学重点难点】1.输电线上电压损失与功率损失产生的原因及如何减少两种损耗。

2.高压输电电路图画法及电路图中三个回路的电压、电流、功率的关系。

【教学方法】讲授法、演示实验法、分组讨论法、PPT 展示。

【教学过程】一.复习第四节重要知识点(采用提问全班学生的形式来复习,同时在PPT 上展示复习的知识点)1.变压器的工作原理:利用电磁感应把原线圈的电能传输给副线圈,副线圈把电能传递给负载。

2.理想变压器的基本规律:电压关系: 电流关系: 功率关系: 3.变压器的结构示意图和电路中的画法。

2121n n U U =1221n n I I =21P P =二.为什么要远距离输电?通过PPT展示核心城市“北京”、“上海”、“广州”、“香港”四幅美丽的夜景图。

(一)师生互动环节教师:如此美丽的夜景,如果没有电,还能看到这些美景吗?学生回答:不能教师:电从哪里来?学生回答:发电厂教师:怎么样把电能送过来?学生回答:用两根导线连接发电厂和用户即可把电能输送过来教师:我们国家著名的发电厂有哪些?”(二)教师通过PPT讲授用PPT展示“秦山核电站”、“内蒙古准格尔热电厂”、“三峡水电站”、“达板城风力发电站”,用PPT把发电厂和核心城市的位置标在国家地图上,学生会发现两个位置相距甚远,故需要远距离输电。

三.输送电能有哪些基本要求?(采用边提问学生边解释、总结的方式来完成)可靠:是指保证供电线路可靠地工作,少有故障和停电。

保质:就是保证电能的质量,即电压和频率稳定。

经济:是指输电线路建造和运行的费用低,电能损耗小。

四.降低输电损耗的两个途径。

最新人教版高中物理选修3-2:5.4变压器 知识点总结及课时练习

最新人教版高中物理选修3-2:5.4变压器 知识点总结及课时练习

4变压器记一记变压器知识体系辨一辨1.变压器只能改变交变电流的电压,不能改变直流电的电压.(√)2.电流通过铁芯从原线圈流到副线圈.(×)3.理想变压器原、副线圈的电压之比等于两个线圈的匝数之比.(√)4.理想变压器是一个理想化模型.(√)5.学校中用的变压器工作时没有能量损失.(×)6.理想变压器不仅可以改变交变电流的电压和电流,还可以改变交变电流的功率和频率.(×)想一想1.什么是理想变压器?理想变压器原、副线圈中的功率有什么关系?提示:理想变压器是理想化的物理模型,忽略原、副线圈内阻上的分压,忽略原、副线圈磁通量的差别,忽略变压器自身的能量损耗.所以理想变压器的输入功率等于输出功率,即P入=P出.2.如果将变压器的原线圈接到直流电源上,在副线圈上还能输出电压吗?提示:不能.变压器的工作原理是互感现象,在原线圈上接直流电源,在铁芯中不会形成变化的磁场,所以在副线圈上不会有感应电动势产生.3.根据能量守恒推导有多个副线圈时原、副线圈中的电流与匝数的关系.提示:若有多个副线圈,则P1=P2+P3+…,即U1I1=U2I2+U3I3+…,将U1:U2:U3:…=n1:n2:n3:…代入得n1I1=n2I2+n3I3+….思考感悟:练一练1.关于理想变压器的工作原理,以下说法正确的是()A.通有正弦交变电流的原线圈产生的磁通量不变B.穿过原、副线圈的磁通量在任何时候都不相等C.穿过副线圈磁通量的变化使得副线圈产生感应电动势D.原线圈中的电流通过铁芯流到了副线圈解析:通有正弦交变电流的原线圈产生的磁场是变化的,由于面积S不变,故磁通量Φ变化,A项错误;因理想变压器无漏磁,故B项错误;由互感现象知C项正确;原线圈中的电能转化为磁场能又转化为电能,原、副线圈通过磁场联系在一起,故D 项错误.答案:C2.(多选)如图所示,将额定电压为60 V的用电器,通过一理想变压器接在正弦交变电源上.闭合开关S后,用电器正常工作,交流电压表和交流电流表(均为理想电表)的示数分别为220 V和2.2 A.以下判断正确的是()A .变压器输入功率为484 WB .通过原线圈的电流的有效值为0.6 AC .通过副线圈的电流的最大值为2.2 AD .变压器原、副线圈匝数比n 1n 2=11 3解析:变压器的输入功率等于输出功率P 1=P 2=I 2U 2=2.2×60 W =132 W ,A 项错误;由U 1U 2=n 1n 2得n 1n 2=U 1U 2=22060=113,D 项正确;由I 1I 2=n 2n 1得I 1=n 2n 1I 2=311×2.2 A =0.6 A ,B 项正确;根据I =I m 2得通过副线圈的电流的最大值I 2m =2I 2=115 2 A ≈3.1 A ,C 项错误.答案:BD3.如图所示,理想变压器原、副线圈匝数比n 1:n 2=2:1,和Ⓐ均为理想电表,灯泡电阻R L =6 Ω,AB 两端电压u 1=12 2 sin 100 πt (V).下列说法正确的是( )A .电流频率为100 HzB.的读数为24 VC .Ⓐ的读数为0.5 AD .变压器输入功率为6 W 解析:根据u 1=122sin 100πt (V)及U =U m 2知U 1=12 V ,f =ω2 π=50 Hz ,A 项错误;根据U 1U 2=n 1n 2得U 2=n 2n 1U 1=12×12 V =6 V ,即的读数为6 V ,B 项错误;又I 2=U 2R L=66 A =1 A ,即Ⓐ的读数为1 A ,C 项错误;根据P 入=P 出及P 出=U 22R L=626 W =6 W ,D 项正确.答案:D4.(多选)如图所示,L1、L2是高压输电线,图中两电表示数分别是220 V和10 A,已知甲图中原、副线圈匝数比为1001,乙图中原、副线圈匝数比为110,则()A.甲图中的电表是电压表,输电电压为22 000 VB.甲图是电流互感器,输电电流是100 AC.乙图中的电表是电压表,输电电压为22 000 VD.乙图是电流互感器,输电电流是100 A解析:根据U1U2=n1n2,有U1=n1n2U2=1001×220 V=22 000 V,故A项正确;题图甲是电压互感器,故B项错误;题图乙是电流互感器,电表是电流表,故C项错误;只有一个副线圈的变压器,电流比等于匝数的反比I1I2=n4n3,有I1=n4n3I2=101×10 A=100 A,故D项正确.答案:AD要点一变压器的原理和电压、电流关系1.(多选)关于变压器,下列说法正确的是()A.变压器的工作原理是电磁感应B.一切变压器的工作基础都是互感现象C.各种电流接入变压器的输入端,变压器都能持续正常工作D.只有交变电流接入变压器的原线圈中,变压器才能持续正常工作解析:变压器的原线圈接交流电源时,有交变电流流过,引起穿过原、副线圈的磁通量发生变化,在原、副线圈中都产生了感应电动势,所以变压器的工作原理是电磁感应,A项正确;有一种变压器叫自耦变压器,它只有一个线圈绕在铁芯上,但有三个抽头,可升压、也可降压,这种变压器的工作基础是自感,B 项错误;变压器要想持续正常工作,原线圈必须接交变电流,若接直流,原、副线圈中不可能出现持续的感应电动势,变压器不能持续正常工作,C 项错误,D 项正确.答案:AD2.理想变压器原、副线圈匝数比为10:1,下列说法中正确的是( )A .穿过原、副线圈每一匝磁通量之比是10:1B .穿过原、副线圈每一匝磁通量的变化率相等,但穿过每匝线圈的磁通量并不相等C .原、副线圈每一匝产生的电动势瞬时值之比为10:1D .正常工作时,原、副线圈的输入、输出功率之比为1:1 解析:对理想变压器,无磁通量损失,因而穿过两个线圈的磁通量相同,磁通量变化率相同,因而每匝线圈产生的感应电动势相等,才导致电压与匝数成正比,A 、B 、C 三项错误;理想变压器可以忽略各种损耗,故输入功率等于输出功率,D 项正确.答案:D 3.如图所示,一理想变压器原、副线圈的匝数比为1:2,副线圈电路中接有灯泡,灯泡的额定电压为220 V ,额定功率为22 W ,原线圈电路中接有电压表和电流表.现闭合开关,灯泡正常发光.若用U 和I 分别表示此时电压表和电流表的读数,则( )A .U =110 V ,I =0.2 AB .U =110 V ,I =0.05 AC .U =110 2 V , I =0.2 AD .U =110 2 V ,I =0.2 2 A解析:在副线圈电路中,I 2=P U 2=0.1 A ,再根据U 1U 2=n 1n 2,及I 1I 2=n 2n 1,得U 1=110 V ,I 1=0.2 A ,故B 、C 、D 错,A 项正确. 答案:A4.用理想变压器给负载电阻R 供电,变压器输入电压一定时,在下列四个办法中,哪种可以使变压器输出功率增加( )A .增加变压器原线圈匝数,而副线圈匝数及负载电阻R 保持不变B .减小负载电阻的阻值,而变压器原、副线圈匝数不变C.增加负载电阻的阻值,而变压器原、副线圈匝数不变D.减小变压器副线圈匝数,而原线圈匝数和负载电阻保持不变解析:由U1U2=n1n2,当n1增加时,U2减小,P2=U22R,P2减小,A项错误;U1、n1、n2不变,则U2不变,R减小时,P2=U22 R,P2增大,B项正确,C项错误;当n1、U1、R不变,n2减小时,则U2减小,由P2=U22R,P2会减小,D项错误.答案:B要点二变压器的动态分析5.如图所示,理想变压器原线圈输入电压u=U m sin ωt,副线圈电路中R 0为定值电阻,R是滑动变阻器.和是理想交流电压表,示数分别用U 1和U2表示;和是理想交流电流表,示数分别用I1和I2表示.下列说法正确的是()A.I1和I2表示电流的平均值B.U1和U2表示电压的最大值C.滑片P向下滑动过程中,U2不变、I1变大D.滑片P向下滑动过程中,U2变小、I2变大解析:电路中的电压表和电流表表示的都是有效值,选项A、B两项错误.根据U1U2=n1n2得U2=n2n1U1,U1不变,则U2不变,滑片P向下滑动过程中,滑动变阻器接入电路中的电阻变小,由闭合电路欧姆定律知I2变大,根据I1I2=n2n1得I1=n2n1I2,I1变大,故C项正确,D项错误.答案:C6.(多选)如图所示,T为理想变压器,电流表Ⓐ、电压表均为理想交流电表.R1、R2为定值电阻,R3为滑动变阻器,L为电感线圈,A、B两点间接正弦交流电,则()A.只将滑片P1下移时,电流表Ⓐ示数变小B.只将滑片P 2下移时,电压表示数变大C.只增大交流电的电压时,电流表Ⓐ示数变大D.只增大交流电的频率时,电压表示数不变解析:只将滑片P1下移时,变压器副线圈输出电压U2减小,由U1I1=U22R可知,U1、R不变,I1减小,电流表Ⓐ示数变小,A项正确;只将滑片P2下移时,副线圈电路中的总电阻减小,U2不变,因此副线圈电路中的电流增大,R1两端的电压增大,R3两端的电压减小,电压表的示数减小,B项错误;只增大交流电的电压时,根据变压比公式可知,副线圈两端的电压增大,因此副线圈的电流增大,根据变流比公式可知,原线圈的电流增大,故电流表Ⓐ示数增大,C项正确;只增大交流电的频率时,电感线圈的感抗增大,副线圈电路中的总电阻增大,总电流减小,R1两端的电压减小,R3两端的电压增大,电压表示数增大,D项错误.答案:AC要点三几种常见的变压器7.(多选)图甲、乙是配电房中的互感器和电表的接线图,下列说法中正确的是()A.线圈匝数n1<n2,n3<n4B.线圈匝数n1>n2,n3>n4C.甲图中的电表是电压表,输出端不可短路D.乙图中的电表是电流表,输出端不可断路解析:题图甲中的原线圈并联在电路中,为电压互感器,是降压变压器,n1>n2,其中的电表为电压表;题图乙中的原线圈串联在电路中,为电流互感器,是升压变压器,n3<n4,其中的电表为电流表,故选项C、D两项正确.答案:CD8.如图所示为物理实验室某风扇的风速挡位变换器电路图,它是一个可调压的理想变压器,其中接入交流电的电压有效值U0=220 V,n0=2 200匝,挡位1、2、3、4对应的线圈匝数分别为220匝、500匝、1 100匝、2 200匝.电动机M的内阻r=4 Ω,额定电压为U=220 V,额定功率P=110 W.下列判断正确的是() A.当选择挡位3时,电动机两端电压为110 VB.当挡位由3变换到2时,电动机的功率增大C.当选择挡位2时,电动机的热功率为1 WD.当选择挡位4时,电动机的输出功率为110 W解析:由电压与匝数的关系U0U3=n0n3,解得U3=110 V,A项正确;当挡位由3变换到2时,输出电压减小,电动机的功率减小,B项错误;当选择挡位4时,电动机两端电压为额定电压,达到额定功率,在额定功率的情况下,电动机的额定电流为I=PU=0.5 A,热功率P r=I2r=1 W,输出功率为P-P r=(110-1) W =109 W,D项错误;当选择挡位2时,电动机没有达到额定功率时,热功率小于1 W,C项错误.答案:A基础达标1.理想变压器正常工作时,原、副线圈中不相同的物理量为()A.每匝线圈中磁通量的变化率B.交变电流的频率C.原线圈的输入功率和副线圈的输出功率D.原线圈中的感应电动势和副线圈中的感应电动势解析:理想变压器是没有能量损失的变压器,铁芯中无磁漏现象,所以每匝线圈中磁通量相等,其变化率相等,故A、C不符合题意;根据变压器的工作原理及用途可知,B不符合题意,D 符合题意.答案:D2.下列图中可以将电压升高供给家用电灯的变压器是()解析:电压升高,原线圈的匝数要少于副线圈的匝数,原线圈要接交流电,接直流电时变压器不工作,故C项正确.答案:C3.如图所示,理想变压器原线圈的匝数为n1,副线圈的匝数为n2,原线圈的两端a、b接正弦交流电源,电压表V的示数为220 V,负载电阻R=44 Ω,电流表A1的示数为0.2 A.下列判断正确的是()A.原线圈和副线圈的匝数比为2:1B.原线圈和副线圈的匝数比为5:1C.电流表A2的示数为0.1 AD .电流表A 2的示数为0.4 A解析:由电压表V 示数和电流表A 1的示数可得原线圈中的功率P 1=U 1I 1,P 1=P 2=I 22R ,所以电流表A 2的示数为I 2=U 1I 1R =220×0.244 A =1 A ,C 、D 两项错误;原线圈和副线圈的匝数比n 1n 2=I 2I 1=51,A 项错误,B 项正确.答案:B4.如图所示,理想变压器的原线圈接入u =11 000 2sin 100πt V的交变电压,副线圈通过电阻r =6 Ω的导线对“220 V ,880 W ”的电器R L 供电,该电器正常工作.由此可知( )A .原、副线圈的匝数比为50:1B .交变电压的频率为100 HzC .副线圈中电流的有效值为4 AD .变压器的输入功率为880 W解析:根据接入电压u =11 0002sin 100πt V ,输入电压有效值为11 000 V ,要使“220 V ,880 W ”的电器正常工作,则通过用电器的电流为I =P U =4 A ,副线圈输出电压为U 出=Ir +U =4×6 V+220 V =244 V ,原、副线圈匝数比等于输入电压与输出电压之比为2 75061,A 项错误,C 项正确;交流电的频率f =ω2π=100 π2 πHz =50 Hz ,B 项错误;变压器的输出功率P 出=P R L +P r =880 W +42×6 W =976 W ,D 项错误.答案:C5.如图所示,理想变压器原、副线圈回路中的输电线的电阻忽略不计.当S 闭合时( )A .电流表A 1的读数变大,电流表A 2的读数变小B.电流表A1的读数变大,电流表A2的读数变大C.电流表A1的读数变小,电流表A2的读数变小D.电流表A1的读数变小,电流表A2的读数变大解析:当S闭合后,变压器副线圈电路中的总电阻R减小,而输出电压不变.由I2=U2R得I2变大,即电流表A2的读数变大,变压器的输出功率变大.由U1I1=U2I2可知,I1变大,即电流表A1的读数也变大,B项正确.答案:B6.如图所示,理想变压器原、副线圈的匝数比n1:n2=4:1,当导体棒在匀强磁场中向左做匀速直线运动切割磁感线时,电流表A1的示数为12 mA,则电流表A2的示数为()A.3 mA B.0C.48 mA D.与负载R的值有关解析:当导体棒做匀速直线运动切割磁感线时,在原线圈中产生恒定不变的电流,铁芯中产生的磁场是不变的,穿过副线圈的磁通量不变,不能在副线圈中产生感应电流,即A2的示数为0,B项正确.答案:B7.一理想变压器原、副线圈匝数之比n1:n2=11:5,原线圈与正弦交变电源连接,输入电压U如图所示.副线圈仅接入一个10 Ω的电阻,则()A.流过电阻的电流是20 AB.与电阻并联的电压表的示数是100 2 VC.经过1 分钟电阻发出的热量是6×103 JD.变压器的输入功率是1×103 W解析:由电压的有效值和最大值的关系得U1=U m2=220 V.根据理想变压器电压与匝数的关系U1U2=n1n2,得U2=n2n1U1=511×220 V=100 V,故电压表的示数是100 V,B项错误;I2=U2R=10010A=10 A,A项错误;1 分钟内电阻发出的热量Q=I2Rt=102×10×60 J=6×104 J,C项错误;变压器的输入功率等于输出功率,即P入=P出=U2I2=100×10 W=1×103 W,故D项正确.答案:D8.如图所示,理想变压器的副线圈上通过输电线接有两个相同的灯泡L1和L2,输电线的等效电阻为R.开始时,开关S断开.当开关S接通时,以下说法中不正确的是()A.副线圈两端M、N的输出电压减小B.副线圈输电线等效电阻R上的电压增大C.通过灯泡L1的电流减小D.原线圈中的电流增大解析:由于输入电压不变,所以当S接通时,理想变压器副线圈M、N两端输出电压不变.并联灯泡L2,总电阻变小,由欧姆定律I2=U2R2知,流过R的电流增大,电阻上的电压U R=IR增大.副线圈输出电流增大,根据输入功率等于输出功率I1U1=I2U2得,I2增大,原线圈输入电流I1也增大.U MN不变,U R变大,所以U L1变小,流过灯泡L1的电流减小.综上所述,应选A.答案:A9.自耦变压器铁芯上只绕有一个线圈,原、副线圈都只取该线圈的某部分.一升压式自耦调压变压器的电路如图所示,其副线圈匝数可调.已知变压器线圈总匝数为1 900;原线圈为1 100,接在有效值为220 V 的交流电源上.当变压器输出电压调至最大时,负载R 上的功率为2.0 kW.设此时原线圈中电流有效值为I 1,负载两端电压的有效值为U 2,且变压器是理想的,则U 2和I 1分别约为( )A .380 V 和5.3 AB .380 V 和9.1 AC .240 V 和5.3 AD .240 V 和9.1 A解析:对理想变压器,原、副线圈功率相同,故通过原线圈的电流I 1=P U 1=2 000220 A ≈9.1 A ,负载两端电压即为副线圈电压,由U 1U 2=n 1n 2,即220 V U 2=1 1001 900,可得U 2=380 V ,故B 项正确. 答案:B10.如图所示,为四种亮度可调的台灯的电路示意图,它们所用灯泡相同,且规格都是“220 V ,40 W ”,当灯泡所消耗的功率都调为20 W 时,哪种台灯消耗的功率最小( )解析:C 图为理想变压器调节电压,而理想变压器不消耗能量,A 、B 、D 三图中均利用电阻来调节灯泡上的电压,故一定会多消耗能量.C 项正确.答案:C11.某变压器原、副线圈匝数比为 55:9,原线圈所接电源电压按如图所示规律变化,副线圈接有负载.下列判断正确的是( )A .输出电压的最大值为36 VB .原、副线圈中电流之比为55:9C .变压器输入、输出功率之比为55:9D .交流电源有效值为220 V ,频率为50 Hz解析:由U 1U 2=n 1n 2得,输出电压的最大值为36 2 V ,A 项错误;原、副线圈中电流之比I1I2=n2n1=955,故B项错误;理想变压器输入功率与输出功率相等,C项错误;由图象易知D项正确.答案:D能力达标12.如图甲、乙所示电路中,当A、B接10 V交变电压时,C、D间电压为4 V,M、N接10 V直流电压时,P、Q间电压也为4 V.现把C、D接4 V交变电压,P、Q接4 V直流电压,下面哪个选项可表示A、B间和M、N间的电压()A.10 V10 V B.10 V 4 VC.4 V10 V D.10 V0解析:题图甲是一个自耦变压器,当A、B作为输入端,C、D作为输出端时,是一个降压变压器,两边电压之比等于两边线圈的匝数之比,当C、D作为输入端,A、B作为输出端时,是一个升压变压器,电压比也等于匝数比,所以C、D接4 V交变电压时,A、B间将得到10 V交变电压.题图乙是一个分压电路,当M、N作为输入端时,上、下两个电阻上的电压跟它们的电阻的大小成正比.但是当把电压加在P、Q两端时,电流只经过下面那个电阻,上面的电阻中没有电流,两端也就没有电势差,即M、P 两点的电势相等.所以当P、Q接4 V直流电压时,M、N两端的电压也是4 V,故B项正确.答案:B13.如图甲所示,一理想变压器给一个小灯泡供电.当原线圈输入如图乙所示的交变电压时,额定电压为U0的小灯泡恰好正常发光,已知灯泡的电阻为R,图中电压表为理想电表.下列说法正确的是()A .变压器输入电压的瞬时值为u =U m sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2πT t VB .电压表的示数为 2 U 0C .变压器的输入功率为U 20RD .变压器的匝数比为U m U 0 解析:由题图乙知,变压器输入电压的瞬时值为u =U m sin ⎝ ⎛⎭⎪⎫2 πT t V ,A 项正确;电压表的示数为U 0,B 项错误;变压器的输入功率为U 20R ,C 项正确;由变压器变压公式,变压器的匝数比为U m 2U 0,D 项错误.答案:AC14.如图所示,理想变压器三个线圈的匝数之比为n 1:n 2:n 3=10:5:1,其中n 1接到220 V 的交流电源上,n 2和n 3分别与电阻R 2、R 3组成闭合回路.已知通过电阻R 3的电流I 3=2 A ,电阻R 2=110 Ω,求通过电阻R 2的电流I 2和通过原线圈的电流I 1.解析:由变压器原、副线圈电压比等于其匝数比可得,加在R 2上的电压U 2=n 2n 1U 1=510×220 V =110 V 通过电阻R 2的电流I 2=U 2R 2=110110 A =1 A 加在R 3上的电压U 3=n 3n 1U 1=110×220 V =22 V 根据输出功率等于输入功率得:U 1I 1=U 2I 2+U 3I 3代入数据解得通过原线圈的电流为:I 1=0.7 A.答案:1 A 0.7 A15.如图所示,理想变压器B 的原线圈跟副线圈的匝数比n 1n 2=21,交流电源电压u=311sin 100πt V,F为熔断电流为I0=1.0 A的保险丝,负载R为一可变电阻.(1)当电阻R=100 Ω时,保险丝能否被熔断?(2)要使保险丝不被熔断,电阻R的阻值应不小于多少?变压器输出的电功率不能超过多少?解析:原线圈电压的有效值为U1=3112V≈220 V由U1U2=n1n2得副线圈两端的电压U2=n2n1U1=12×220 V=110 V.(1)当R=100 Ω时,副线圈中电流I2=U2R=110100A=1.10 A.由U1I1=U2I2得原线圈中的电流为I1=U2U1I2=110220×1.10 A=0.55 A,由于I1<I0(熔断电流),故保险丝不会被熔断.(2)设电阻R取某一值R0时,原线圈中的电流I′1刚好到达熔断电流I0,即I′1=1.0 A,则副线圈中的电流为I′2=U1U2I′1=n1n2·I′1=2×1.0 A=2.0 A变阻器阻值为:R0=U2I′2=1102.0Ω=55 Ω此时变压器的输出功率为P2=I′2U2=2.0×110 W=220 W可见,要使保险丝F不被熔断,电阻R的阻值不能小于55 Ω,输出的电功率不能大于220 W.答案:(1) 保险丝不会被熔断(2)55Ω220 W。

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高二物理3-2知识点(公式、定理)总结电磁感应1.[感应电动势的大小计算公式]1)E=nΔΦ/Δt(普适公式){法拉第电磁感应定律,E:感应电动势(V),n:感应线圈匝数,ΔΦ/Δt:磁通量的变化率}2)E=BLVsinA(切割磁感线运动) E=BLV中的v和L不可以和磁感线平行,但可以不和磁感线垂直,其中sinA为v或L与磁感线的夹角。

{L:有效长度(m)}3)Em=nBSω(交流发电机最大的感应电动势){Em:感应电动势峰值}4)E=BL2ω/2(导体一端固定以ω旋转切割){ω:角速度(rad/s),V:速度(m/s)}2.磁通量Φ=BS {Φ:磁通量(Wb),B:匀强磁场的磁感应强度(T),S:正对面积(m2)} 计算公式△Φ=Φ1-Φ2 ,△Φ=B△S=BLV△t3.感应电动势的正负极可利用感应电流方向判定{电源内部的电流方向:由负极流向正极}*4.自感电动势E自=nΔΦ/Δt=LΔI/Δt{L:自感系数(H)(线圈L有铁芯比无铁芯时要大),ΔI:变化电流,t:所用时间,ΔI/Δt:自感电流变化率(变化的快慢)}△特别注意Φ,△Φ,△Φ/△t无必然联系,E与电阻无关E=n△Φ/△t 。

电动势的单位是伏V ,磁通量的单位是韦伯Wb ,时间单位是秒s。

楞次定律楞次定律是一条电磁学的定律,从电磁感应得出感应电动势的方向。

其可确定由电磁感应而产生之电动势的方向。

它是由俄国物理学家海因里希·楞次在1834年发现的。

感应电流的磁场总是要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。

注意:“阻碍”不是“相反”,原磁通量增大时方向相反,原磁通量减小时方向相同;“阻碍”也不是阻止,电路中的磁通量还是变化的.它的公式是:(如图所示)其中 E 是电感,N 是线圈圈数,Φ是磁通量。

1833年, 楞次在概括了大量实验事实的基础上,总结出一条判断感应电流方向的规律,称为楞次定律( Lenz law )。

楞次定律可表述为:闭合回路中感应电流的方向,总是使得它所激发的磁场来阻碍引起感应电流的磁通量的变化.楞次定律也可简练地表述为:感应电流的效果,总是阻碍引起感应电流的原因。

一、难点分析1. 从静到动的一个飞跃学习“楞次定律”之前所学的“电场”和“磁场”只是局限于“静态场”考虑,而“楞次定律”所涉及的是变化的磁场与感应电流的磁场之间的相互关系,是一种“动态场”,并且“静到动”是一个大的飞跃,所以学生理解起来要困难一些。

2. 内容、关系的复杂性“楞次定律”涉及的物理量多,关系复杂。

产生感应电流的原磁场与感应电流的磁场两者都处于同一线圈中,且感应电流的磁场总要阻碍原磁场的变化,它们之间既相互依赖又相互排斥。

如果不明确指出各物理量之间的关系,使学生有一个清晰的思路,势必造成学生思路混乱,影响学生对该定律的理解。

3. 学生知识、能力的不足要能理解“楞次定律”必须具备一定的思维能力,而大多数学生抽象思维和空间想象能力还不是很强,对物理知识的理解、判断、分析、推理常常表现出一定的主观性、片面性和表面性,所以在某些问题的理解上容易出差错。

二、突破难点的方法1. 正确理解“楞次定律”的内容及“阻碍”的含义(1)“楞次定律”的内容:感应电流具有这样的方向,即感应电流的磁场总要阻碍引起感应电流的磁通量的变化。

(2)对“阻碍”二字的理解:要正确全面地理解“楞次定律”必须从“阻碍”二字上下功夫,这里起阻碍作用的是“感应电流的磁场”,它阻碍“原磁通量的变化”,不是阻碍原磁场,也不是阻碍原磁通量。

不能认为“感应电流的磁场必然与原磁场方向相反”或“感应电流的方向必然和原来电流的流向相反”。

所以“楞次定律”可理解为:当穿过闭合回路的磁通量增加时,感应电流的磁场方向总是与原磁场方向相反;当穿过闭合回路的磁通量减小时,感应电流的磁场方向总是与原磁场方向相同。

另外“阻碍”不能理解为“阻止”,应认识到,原磁场是主动的,感应电流的磁场是被动的,原磁通量仍然要发生变化,阻止不了,而感应电流的磁场只是起阻碍作用而已。

感应电流的磁场的存在只是削弱了穿过电路的总磁通量变化的快慢,而不会改变的变化特征和方向。

例如:当增大感应电流的磁场时,原磁场也将在原方向上一直增大,只是增大得比没有感应电流的磁场时慢一点而已。

如果磁通量变化被阻止,则感应电流就不会继续产生。

无感应电流,就更谈不上“阻止”了。

2. 掌握应用“楞次定律”判定感应电流方向的步骤(1)明确原磁场的方向及磁通量的变化情况(增加或减少)。

(2)确定感应电流的磁场方向,依“增反减同”确定。

(3)用安培定则确定感应电流的方向。

3. 弄清最基本的因果关系“楞次定律”所揭示的这一因果关系可用图1(图1在哪我也不知道)表示。

感应磁场与原磁场磁通量变化之间阻碍与被阻碍的关系:原磁场磁通量的变化是因,感应电流的产生是果,原因引起结果,结果又反作用于原因,二者在其发展过程中相互作用,互为因果。

4. 正确认识“楞次定律”与能量转化的关系“楞次定律”是能量转化和守恒定律在电磁运动中的体现,感应电流的磁场阻碍引起感应电流的原磁场的磁通量的变化,因此,为了维持原磁场磁通量的变化,就必须有动力作用,这种动力克服感应电流的磁场的阻碍作用做功,将其他形式的能转变为感应电流的电能,所以“楞次定律”中的阻碍过程,实质上就是能量转化的过程。

5. 多角度理解“楞次定律”(1)从反抗效果的角度来理解:感应电流的效果,总是要反抗产生感应电流的原因,这是“楞次定律”的另一种表述。

依这一表述,“楞次定律”可推广为:①阻碍原磁通量的变化。

②阻碍(导体的)相对运动(由导体相对磁场运动引起感应电流的情况)。

可以理解为“来者拒,去者留”。

6.与之相关的解题方法电流元法:在整个导体上去几段电流元,判断电流元受力情况,从而判断道题受力情况等效磁体法:将导体等效为一个条形磁铁,进而作出判断自感现象自感现象是一种特殊的电磁感应现象,它是由于线圈本身电流变化而引起的。

概念:由于导体本身的电流发生变化而产生的电磁感应现象,叫做自感现象。

流过线圈的电流发生变化,导致穿过线圈的磁通量发生变化而产生的自感电动势,总是阻碍线圈中原来电流的变化,当原来电流在增大时,自感电动势与原来电流方向相反;当原来电流减小时,自感电动势与原来电流方向相同。

因此,“自感”简单地说,由于导体本身的电流发生变化而产生的电磁感应现象,叫做自感现象。

自感现象中产生的感应电动势叫自感电动势。

自感电动势的大小跟穿过导线线圈的磁通量变化的快慢有关系。

线圈的磁场是由电流产生的,所以穿过线圈的磁通量变化的快慢跟电流变化的快慢有关系。

对同一线圈来说,电流变化得快,线圈产生的自感电动势就大,反之就小。

对于不同的线圈,在电流变化快慢相同的情况下,产生的自感电动势是不同的,电学中用自感系数来表示线圈的这种特征。

自感系数简称自感或电感。

此现象常表现为阻碍电流的变化。

自感现象在各种电器设备和无线电技术中有广泛的应用。

日光灯的镇流器就是利用线圈的自感现象。

自感现象也有不利的一面,在自感系数很大而电流有很强的电路(如大型电动机的定子绕组)中,在切断电路的瞬间,由于电流强度在很短的时间内发生很大的变化,会产生很高的自感电动势,使开关的闸刀和固定夹片之间的空气电离而变成导体,形成电弧。

这会烧坏开关,甚至危人员安全。

因此,切断这段电路时必须采用特制的安全开关。

交变电流1.交变电流是一定要有恒定的周期2.改变方向而不改变大小的电流只要做周期性变化,且在一周期内的平均值等于0,就是交变电流3.改变大小而不改变方向的电流一定不是交变电流交变电流的变化规律根据法拉第电磁感应定律可以导出,电动势e随时间变化的规律为:e=Em sin wt (1) e=nBSw×sinwt (n是匝数,B是磁场强度,S是面积,w是角速度)式中Em是个常数,表示电动势可能达到的最大值,叫做电动势的峰值(peak value),w是发电机线圈转动的角速度.由于发电机的电动势按照正弦规律变化,所以但个负载为电灯等用电器时,负载两端的电压u,流过的电流i,也按正弦规律变化,即Um=nBSwIm=nBSw/(R+r)u=Um sin wt (2)i=Im sin wt (3)式中Um和Im 分别为电压和电流的峰值,而e,u,i则是这几个量的瞬间值.这种按正弦规律变化的交变电流叫做正弦式交变电流,简称正弦式电流(sinusoidal current).正弦式电流是最简单有最基本的交变电流.电力系统中应用的大多是正弦式电流远距离输电①当输送相同功率时,直流线路造价低,架空线路杆塔结构较简单,线路走廊窄,同绝缘水平的电缆可以运行于较高的电压;②直流输电的功率和能量损耗小;③对通信干扰小;④线路稳态运行时没有电容电流,没有电抗压降,沿线电压分布较平稳,线路本身无需无功补偿;⑤直流输电线联系的两端交流系统不需要同步运行,因此可用以实现不同频率或相同频率交流系统之间的非同步联系;⑥直流输电线本身不存在交流输电固有的稳定问题,输送距离和功率也不受电力系统同步运行稳定性的限制;⑦由直流输电线互相联系的交流系统各自的短路容量不会因互联而显著增大;⑧直流输电线的功率和电流的调节控制比较容易并且迅速,可以实现各种调节、控制。

如果交、直流并列运行,有助于提高交流系统的稳定性和改善整个系统的运行特性。

右手定则右手定则right-hand rule对于一个矢量的叉乘,我们定义A×B=C注意A和B的顺序不能搞反让矢量A的方向沿手背,矢量B沿四手指的指向,那么矢量C的方向就是翘起大拇指的方向(垂直于A,B形成的平面)这就是右手定则,也叫安培定则。

右手平展,使大拇指与其余四指垂直,并且都跟手掌在一个平面内。

把右手放入磁场中,若磁力线垂直进入手心(当磁感线为直线时,相当于手心面向N极),大拇指指向导线运动方向,则四指所指方向为导线中感应电流的方向。

电磁学中,右手定则判断的主要是与力无关的方向。

如果是和力有关的则全依靠左手定则。

即,关于力的用左手,其他的用右手定则。

电流元I1dι对相距γ12的另一电流元I2dι的作用力df12为:μ0 I1I2dι 2 × (dι 1 × γ12)df12 = —————————————4πγ123式中dι1、dι2的方向都是电流的方向;γ12是从I1dι指向I2dι的径矢。

安培定律可分为两部分。

其一是电流元Idι(即上述I1dι)在γ(即上述γ12)处产生的磁场为μ0 Idι × γdB = ———————4πγ 3这是毕-萨-拉定律。

其二是电流元Idl(即上述I2dι2)在磁场B中受到的作用力df(即上述df12)为:df = Idι × B确定在外磁场中运动的导线内感应电流方向的定则,又称发电机定则。

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