江西省宜春市丰城中学2014-2015学年高一上学期期中考试物理试卷

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江西省宜春中学、丰城中学、高安二中、樟树中学2024年物理高三第一学期期中联考模拟试题含解析

江西省宜春中学、丰城中学、高安二中、樟树中学2024年物理高三第一学期期中联考模拟试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号、考场号和座位号填写在试题卷和答题卡上。

用2B铅笔将试卷类型（B）填涂在答题卡相应位置上。

将条形码粘贴在答题卡右上角"条形码粘贴处"。

2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目选项的答案信息点涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。

答案不能答在试题卷上。

3．非选择题必须用黑色字迹的钢笔或签字笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来的答案，然后再写上新答案；不准使用铅笔和涂改液。

不按以上要求作答无效。

4．考生必须保证答题卡的整洁。

考试结束后，请将本试卷和答题卡一并交回。

一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。

在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。

1、质量为m的小球由轻绳a、b分别系于一轻质木架上的A和C点，绳长分别为l a、l b （且l a≠l b），如图所示，当轻杆绕轴BC以角速度ω匀速转动时，小球在水平面内做匀速圆周运动，绳a在竖直方向，绳b在水平方向，当小球运动到图示位置时，绳b被烧断的同时轻杆停止转动，则( )A．小球仍在水平面内做匀速圆周运动B．在绳b被烧断瞬间，绳a中张力突然增大到mg+mω2l aC．无论角速度ω多大，小球都不可能再做完整的圆周运动D．绳b未被烧断时，绳a的拉力等于mg，绳b的拉力为mω2l bt=时刻开始受到如图所示的合外力作用，下列表述正确的是2、静止的物体从0~内物体的速度方向一直不变A．02s内物体的速度先增大后减小B．04sC．4s末物体回到出发点D．2s末物体的速度方向发生变化3、一列火车由车头和9节相同车箱组成．当该列火车在铁路上加速行驶时，正中间的一节车箱的前端受到的拉力为1F，后端受到的拉力为2F，则1F与2F之比为() A．2：3 B．3：2 C．4：5 D．5：44、如图所示，欲使在粗糙斜面上匀速下滑的木块A停下，可采用的方法是A．对木块A施加一个垂直于斜面的力B．增大斜面的倾角C．对木块A施加一个竖直向下的力D．在木块A上再叠放一个重物5、如图所示，A、B两物块始终静止在水平地面上，有一轻质弹簧一端连接在竖直墙上P点，另一端与A相连接，下列说法可能正确的是( )A．B对A无摩擦力，地面对B可能有摩擦力B．B对A有向左的摩擦力，地面对B有向右的摩擦力C．P点缓慢下移过程中，B对地面的压力力一定减小D．P点缓慢下移过程中，地面对B的摩擦力可能增大6、汽车发动机的额定功率是60kW，汽车的质量为2×103kg，在平直路面上行驶，受到的阻力是车重的0.1倍．若汽车从静止出发，以0.5m／s2的加速度做匀加速运动，则出发50s时，汽车发动机的实际功率为(取g=10m／s2) （）A．25kW B．50kW C．60kW D．75kW二、多项选择题：本题共4小题，每小题5分，共20分。

江西省宜市丰城中学高一物理上学期期末试卷(含解析)

2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高一（上）期末物理试卷一、单项选择题：（共10小题，每题3分，共30分，每一小题只有一个选项正确）1．以下关于运动的说法中正确的是（）A．由于地球很大所以在任何情况下地球都不能看成质点B．在直线运动中，位移的大小和路程一定相等C．平均速度就是各个时刻速度大小的平均值D．选择不同的参考系，同一物体运动的速度可能不同2．下列历史人物及其思想论点对应有误的是（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．B．伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念C．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，可以用实验直接验证D．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因3．物体做直线运动通过某一段距离耗时10秒，前4秒的平均速度是v1=10m/s，后6秒的平均速度v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A．12.5m/s B．13m/s C．12.75m/s D．13.5m/s4．如图，A、B叠放在水平地面上，则地面受到的压力是（）A．A和B对地面的压力之和B．只有B对地面的压力C．B的重力D．A和B的重力5．如图所示，某同学面向行车方向坐在沿平直轨道匀速行驶的列车车厢里．这位同学发现面前的水平桌面上一个原来静止的小球突然向他滚来，则可判断（）A．列车正在刹车 B．列车突然加速C．列车突然减速 D．列车仍在匀速直线运动6．如图所示，是某弹簧的弹力F和它的长度x的关系图象，则该弹簧的劲度系数等于（）A．B．C． D．7．下列关于曲线运动性质的说法，正确的是（）A．变速运动一定是曲线运动B．曲线运动一定是变速运动C．曲线运动一定是变加速运动D．曲线运动一定是加速度不变的匀变速运动8．正在水平匀速飞行的飞机，每隔1秒钟释放一个小球，先后共释放5个．不计阻力则（）A．这5个球在空中排成一条直线B．这5个球在空中处在同一抛物线上C．在空中，第1、2两球间的距离保持不变D．相邻两球的落地点间距离逐渐增大9．一个质点由静止开始沿直线运动，速度随位移变化的图线如图所示，关于质点的运动下列说法正确的是（）A．质点做匀速直线运动B．质点做匀加速直线运动C．质点做加速度逐渐增大的加速运动D．质点做加速度逐渐减小的加速运动10．如图所示，Pa，Pb，Pc是竖直面内三根固定的光滑细杆，P、a、b、c位于同一圆周上，点d为圆周的最高点，c点为最低点．每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），三个滑环分别从P处释放（初速为0），用t1、t2、t3依次表示各滑环到达a、b、c所用的时间，则（）A．t1＜t2＜t3B．t1＞t2＞t3C．t3＞t1＞t2、D．t1=t2=t3二、多项选择题：（共4小题，每题4分，共16分，每小题都有两个及以上选项正确）11．一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是（）A．这段运动所用时间是4 sB．这段运动的加速度是3.5 m/s2C．自开始计时起，2 s末的速度是7 m/sD．从开始计时起，经过14 m处的速度是5 m/s12．游乐园中，游客乘坐能加速或减速上升的升降机，可以体会超重或失重的感觉．下列描述正确的是（）A．当升降机加速上升时，机内游客是处在失重状态B．当升降机减速下降时，机内游客是处在失重状态C．当升降机减速上升时，机内游客是处在失重状态D．当升降机加速下降时，机内游客是处在超重状态13．如图所示，一质量为m的物体恰能在一个质量为M的斜面体上沿斜面匀速下滑．现用一与斜面成a角的推力推此物体（如图所示），使物体沿斜面加速下滑，则斜面受地面的摩擦力f和支持力N（）A．摩擦力为零B．摩擦力方向水平向左C．支持力N=（M+m）D．支持力N＞（M+m）g14．一质点在xOy平面内的运动轨迹如图所示，则下列说法中正确的是（）A．若x方向始终匀速，则y方向先加速后减速B．若x方向始终匀速，则y方向先减速后加速C．若y方向始终匀速，则x方向先减速后加速D．若y方向始终匀速，则x方向先加速后减速三、实验题：（共2小题，每空3分，共18分）15．某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验，打点计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带如图1所示．交流电源的频率为50Hz，且相邻两点间还有4个点未画出来．其中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.33cm、x4=8.95cm、x5=9.61cm．（1）打A点时小车瞬时速度的大小是（计算结果保留两位有效数字）．（2）该同学在测量5、6两点间距时刻度尺摆放位置如图所示，由图可知x6=（3）该同学计算得到中间各点速度，已经描在vt图象上，如图2所示．请在答题卡上将数据点连接起来，由图象可知小车运动的加速度大小为（计算结果保留两位有效数字）16．“用DIS研究加速度与力的关系”的实验装置如图（a）所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力F．通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条a ﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线（选填“①”或“②”）是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；（2）在轨道水平时，小车运动的阻力F f= N；（3）（单选）图（b）中，拉力F较大时，a﹣F图线明显弯曲，产生误差．为避免此误差可采取的措施是．A．调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动B．在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的总质量C．将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力D．更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验．四、计算题：（共4小题，36分）17．丰城剑邑大桥位于江西省丰城老城区北边缘，是跨越赣江的一座特大桥，也是规划的丰城市外环快速干道的重要组成部分．主桥部分全长1644.5m，其中，大桥主孔采用独塔双索面斜拉﹣悬臂组合结构体系，假设斜拉桥中某对钢索与竖直方向的夹角都是53°，每根钢索中的拉力都是5×104N，那么它们对塔柱形成的合力有多大？方向如何？（已知sin53°=0.8，cos53°=0.6）18．水平抛出的一个石子，经过0.4s落到地面，落地时的速度方向跟水平方向的夹角是53°，（g取10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6）求：（1）石子的抛出点距地面的高度；（2）石子抛出的水平初速度；（3）石子落地点距抛出点的水平距离．19．2012年南昌市开始地铁一号线建设，计划2015年正式开通．假设地铁列车从秋水广场站启动开始匀加速直线运动，然后匀速直线运动，接下来匀减速直线运动到中山西路站停止，已知列车每次加速与减速的加速度大小均相同．显然，列车加速到的最大速度不同，运行时间就不同．下图为技术人员绘制的两站之间的通行时间t与列车最大速度v的关系图象．（1）请从图中直接读出从秋水广场站到中山西路站运行时间为t1=240s的情况下列车运行的最大速度v1以及列车最大速度为v2=25m/s时两站间的运行时间t2．（2）求出秋水广场到中山西路两站之间距离x及列车启动加速度a的大小．20．在《爸爸去哪儿》的综艺节目中，在宁夏中卫沙坡头（沙坡头位于腾格里沙漠东南边缘处，集大漠、黄河、高山、绿洲为一处）有一场滑沙的娱乐活动，可简化为理想模型，如图所示，人坐在滑板上从斜坡高处A点由静止开始下滑，滑到斜坡底部B点后沿水平滑道再滑行一段距离到C点停下来，若斜坡滑道与水平滑道是平滑连接的，滑板与两滑道之间的动摩擦因数均为0.5，不计空气阻力，人和滑板的总质量为m=60kg，g取10m/s2，斜坡倾角θ=37°，（sin37°=0.6，cos37°=0.8）求：（1）人在斜坡上下滑的加速度大小．（2）人在斜坡上滑行的时间和在直道上滑行时间的比值是多少？（3）若由于受到场地的限制，A点到C点的水平距离为s=50m，为确保人的安全，假如你是设计师，你认为在设计斜坡滑道时，对高度h应有怎样的要求？2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高一（上）期末物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题：（共10小题，每题3分，共30分，每一小题只有一个选项正确）1．以下关于运动的说法中正确的是（）A．由于地球很大所以在任何情况下地球都不能看成质点B．在直线运动中，位移的大小和路程一定相等C．平均速度就是各个时刻速度大小的平均值D．选择不同的参考系，同一物体运动的速度可能不同【考点】质点的认识；位移与路程．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】物体能否看作质点，关键看物体的大小和形状对所研究的问题是否没有影响或影响忽略不计．在直线运动中，位移的大小与路程不一定相等．平均速度不一定等于速度的平均值．选择不同的参考系，考察的结果可能不同．【解答】解：A、物体能否看作质点，关键看物体的大小和形状对所研究的问题是否没有影响或影响忽略不计，而不是看体积大小．宏观物体，比如地球，在研究其公转时也可以看作质点．故A错误．B、在单向直线运动中，位移的大小和路程相等；在有往复的直线运动中，路程大于位移的大小．故B错误．C、匀变直线运动的平均速度等于速度的平均值，而非匀变速直线运动，则两者并不相等．故C错误．D、选择不同的参考系，考察的结果可能不同，即同一物体运动的速度有可能不等．故D正确．故选：D【点评】本题是基础题，对物体看作质点的条件、路程与位移的关系、平均速度与速度平均的理解要准确到位．2．下列历史人物及其思想论点对应有误的是（）A．亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．B．伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念C．牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，可以用实验直接验证D．伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因【考点】物理学史．【专题】解题思想；定性思想；直线运动规律专题．【分析】本题根据物理学史及科学家贡献进行分析答题，要知道相关科学家的物理学成就．【解答】解：A、亚里士多德认为物体下落的快慢是由它们的重量决定的．故A正确；B、伽利略建立了平均速度，瞬时速度以及加速度等运动学概念，开创了物理学的先河．故B正确；C、牛顿第一定律是利用逻辑思维对事实进行分析的产物，不可以用实验直接验证．故C错误；D、伽利略根据理想斜面实验，提出力不是维持物体运动的原因，改变了人们的认识．故D 正确．本题选择错误的，故选：C【点评】对物理学的发展史要了解，特别是一些物理学家对物理学史的贡献更应当了解，属于物理常识，要加强记忆．3．物体做直线运动通过某一段距离耗时10秒，前4秒的平均速度是v1=10m/s，后6秒的平均速度v2=15m/s，则物体在整个运动过程中的平均速度是（）A．12.5m/s B．13m/s C．12.75m/s D．13.5m/s【考点】平均速度．【专题】定量思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据平均速度的公式求出两段时间的位移，再对全过程运用平均速度的公式，求出整个过程的平均速度．【解答】解：由平均速度公式可得，前一半时间的位移为x1=v1t1，后一半时间的位移为x2=v2t2，平均速度为==13m/s；故选：B．【点评】解决本题的关键掌握平均速度的公式．注意本题不能将两个速度相加除以2，根据平均速度的定义式进行求解．4．如图，A、B叠放在水平地面上，则地面受到的压力是（）A．A和B对地面的压力之和B．只有B对地面的压力C．B的重力D．A和B的重力【考点】力的合成与分解的运用．【分析】弹力是接触力，施力物体与受力物体是相互接触的．【解答】解：弹力是接触力，施力物体与受力物体是相互接触的，故B物体对地面有压力，或者说AB整体对地面有压力，A物体对地面没有压力；故选B．【点评】本题涉及弹力有无的判断，关键是明确弹力的产生条件：有形变，施力物体与受力物体相互接触．5．如图所示，某同学面向行车方向坐在沿平直轨道匀速行驶的列车车厢里．这位同学发现面前的水平桌面上一个原来静止的小球突然向他滚来，则可判断（）A．列车正在刹车 B．列车突然加速C．列车突然减速 D．列车仍在匀速直线运动【考点】惯性．【分析】解决本题要掌握用惯性解释现象的能力，根据惯性并利用相对运动的知识解答．【解答】解：当列车加速时，小球由于惯性要保持原来的运动状态，相对于小车向后运动，即这位同学发现面前的水平桌面上一个原来静止的小球突然向他滚来的现象；故列车突然加速，选项B正确，ACD错误；故选：B．【点评】惯性是物体保持原来的运动状态的形状，小球向后运动，则说明小车的速度比原来大了，要学会用惯性知识解释所看到的现象．6．如图所示，是某弹簧的弹力F和它的长度x的关系图象，则该弹簧的劲度系数等于（）A．B．C． D．【考点】胡克定律．【专题】定量思想；推理法；弹力的存在及方向的判定专题．【分析】弹簧处于原长时，弹力为零；根据胡克定律F=k△x求解劲度系数【解答】解：弹簧处于原长时，弹力为零，故原长为：x1根据胡克定律F=k△x，故k==故选：C【点评】根据胡克定律F=k△x并结合图象列式求解，弹簧处于原长时，弹力为零7．下列关于曲线运动性质的说法，正确的是（）A．变速运动一定是曲线运动B．曲线运动一定是变速运动C．曲线运动一定是变加速运动D．曲线运动一定是加速度不变的匀变速运动【考点】物体做曲线运动的条件；曲线运动．【专题】物体做曲线运动条件专题．【分析】物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，速度的方向与该点曲线的切线方向相同，是一种变速运动．【解答】解：A、匀变速直线运动就不是曲线运动，故A错误；B、曲线运动的速度方向是切线方向，时刻改变，一定是变速运动，故B正确；C、匀速圆周运动是速度大小不变的曲线运动，加速度方向时刻改变，故CD错误；故选B．【点评】本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，匀速圆周运动，平抛运动等都是曲线运动，对于它们的特点要掌握住．8．正在水平匀速飞行的飞机，每隔1秒钟释放一个小球，先后共释放5个．不计阻力则（）A．这5个球在空中排成一条直线B．这5个球在空中处在同一抛物线上C．在空中，第1、2两球间的距离保持不变D．相邻两球的落地点间距离逐渐增大【考点】平抛运动．【专题】定性思想；推理法；平抛运动专题．【分析】小球离开飞机后做平抛运动，初速度与飞机的速度相同，抓住平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动分析判断．【解答】解：A、由于惯性小球和飞机水平方向具有相同速度，因此都在飞机的正下方，故小球落地前排列在同一条竖直线上，故A正确，B错误；C、在空中，第1、2两个小球水平分速度相等，由于第一个小球多运动1s，故竖直分速度大10m/s，故每秒中两个小球间距增加10m，故C错误；D、小球水平方向是匀速运动（设为v0），前一个小球落地，再过1s，后一个小球落地，故间距为x=v0t，恒定，故D错误．故选：A．【点评】本题考查了平抛运动规律，难点在于两个小球运动规律的比较，即相对运动的理解．9．一个质点由静止开始沿直线运动，速度随位移变化的图线如图所示，关于质点的运动下列说法正确的是（）A．质点做匀速直线运动B．质点做匀加速直线运动C．质点做加速度逐渐增大的加速运动D．质点做加速度逐渐减小的加速运动【考点】匀变速直线运动的图像．【专题】运动学中的图像专题．【分析】从图可知，s与v成正比，即s=kv，k是比例系数（常量），再结合速度定义式即可求解．【解答】解：从图可知，s与v成正比，即s=kv，k是比例系数（常量），v=显然加速度与速度呈正比，所以质点做加速度逐渐增大的加速运动，故C正确．故选C【点评】本题是对图象信息题的考查，要求同学们能根据图象读出有效信息，难度适中．10．如图所示，Pa，Pb，Pc是竖直面内三根固定的光滑细杆，P、a、b、c位于同一圆周上，点d为圆周的最高点，c点为最低点．每根杆上都套着一个小滑环（图中未画出），三个滑环分别从P处释放（初速为0），用t1、t2、t3依次表示各滑环到达a、b、c所用的时间，则（）A．t1＜t2＜t3B．t1＞t2＞t3C．t3＞t1＞t2、D．t1=t2=t3【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据“等时圆”的适用条件构造出“等时圆”，作出图象，根据位移之间的关系即可判断运动时间．【解答】解：以P点为最高点，取合适的竖直直径Pe作等时圆，如图所示，显然P到f、b、g才是等时的，比较图示位移Pa＞Pf，Pc＜Pg，故推得t1＞t2＞t3，故B正确，A、C、D错误．故选：B．【点评】如果不假思考，套用结论，就会落入等时圆”的陷阱，要注意o点不是最高点，难度适中．二、多项选择题：（共4小题，每题4分，共16分，每小题都有两个及以上选项正确）11．一辆汽车正在做匀加速直线运动，计时之初，速度为6m/s，运动28m后速度增加到8m/s，则下列说法正确的是（）A．这段运动所用时间是4 sB．这段运动的加速度是3.5 m/s2C．自开始计时起，2 s末的速度是7 m/sD．从开始计时起，经过14 m处的速度是5 m/s【考点】匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】定性思想；推理法；直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的速度位移公式求出汽车的加速度，结合速度时间公式求出所用的时间，以及两秒末的速度．结合速度位移公式求出经过14m处的速度【解答】解：A、根据v2﹣v=2ax得，加速度：a==m/s2=0.5m/s2汽车运动的时间：t==s=4s．故A正确，B错误．C、2s末的速度为：v=v0+at=6+0.5×2m/s=7m/s．故C正确．D、根据v′2﹣v=2ax′带入数据得：v′=5 m/s．故D正确．故选：ACD【点评】解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能灵活运用．12．游乐园中，游客乘坐能加速或减速上升的升降机，可以体会超重或失重的感觉．下列描述正确的是（）A．当升降机加速上升时，机内游客是处在失重状态B．当升降机减速下降时，机内游客是处在失重状态C．当升降机减速上升时，机内游客是处在失重状态D．当升降机加速下降时，机内游客是处在超重状态【考点】超重和失重．【分析】超重与失重是指物体对支撑物的压力或悬挂物的拉力大于或小于重力的现象，物体重力并没有改变；对物体受力分析，受重力和支持力，根据牛顿第二定律列式分析．【解答】解：A、当升降机加速上升时，游客受到重力和支持力，加速度向上，根据牛顿第二定律，有N﹣mg=ma故N＞mg，机内游客是处在超重状态．故A错误；B、当升降机减速下降时，游客受到重力和支持力，加速度向上，根据牛顿第二定律，有N﹣m=ma故N＞mg，机内游客是处在超重状态．故B错误；C、当升降机减速上升时，游客受到重力和支持力，加速度向下，根据牛顿第二定律，有mg﹣N=ma故N＜mg，机内游客是处在失重状态．故C正确；D、当升降机加速下降时，游客受到重力和支持力，加速度向下，根据牛顿第二定律，有mg﹣N=ma故N＜mg，机内游客是处在失重状态．故D错误；故选：C．【点评】本题关键对游客受力分析和运动情况分析，找出加速度方向，然后根据牛顿第二定律列式分析即可．13．如图所示，一质量为m的物体恰能在一个质量为M的斜面体上沿斜面匀速下滑．现用一与斜面成a角的推力推此物体（如图所示），使物体沿斜面加速下滑，则斜面受地面的摩擦力f和支持力N（）A．摩擦力为零B．摩擦力方向水平向左C．支持力N=（M+m）D．支持力N＞（M+m）g【考点】牛顿第二定律；共点力平衡的条件及其应用．【分析】由于质量为m的物体恰能在一个质量为M的斜面体上沿斜面匀速下滑，对其受力分析，可以求出动摩擦因素和受到的各个力；再对斜面体受力分析，可以得出斜面体与地面间的摩擦力情况；当增加一个推力F后，木块对斜面体的压力和摩擦力成比例增加，根据共点力平衡条件，可以进一步判断摩擦力和弹力的情况．【解答】解：A、B、物体恰能在斜面体上沿斜面匀速下滑，对其受力分析，如图设斜面坡角为θ，根据共点力平衡条件，有mgsinθ﹣f=0N1﹣mgco sθ=0f=μN1解得μ=tanθ有F作用在物体m上时对M受力分析，如图由于f′=μN′而μ=tanθ故摩擦力f′和压力N′的合力必然竖直向下，因而斜面体与地面之间无摩擦力，因而A正确，B错误；C、D、有F作用在物体m上时，物体m与斜面体之间的弹力和摩擦力均比不加力F时大，故摩擦力f′和压力N′的合力F合一定大于mg，且合力仍然竖直向下，因而N=Mg+F合＞（M+m）g，因而C错误，D正确；故选：AD．【点评】本题关键对木块m受力分析，求出动摩擦因素，再对斜面体M受力分析，根据合成法求解．14．一质点在xOy平面内的运动轨迹如图所示，则下列说法中正确的是（）A．若x方向始终匀速，则y方向先加速后减速B．若x方向始终匀速，则y方向先减速后加速C．若y方向始终匀速，则x方向先减速后加速D．若y方向始终匀速，则x方向先加速后减速【考点】运动的合成和分解．【专题】运动的合成和分解专题．【分析】图象为平面直角坐标系，在xOy平面内任意一点的坐标值表示物体离开坐标轴的距离，如果纵坐标增加快，说明y方向运动快，如果横坐标增加快，说明x方向运动快．【解答】解：AB、若x方向始终匀速，经过相同的时间水平间距相同，则y方向的高度先增加的越来越慢，说明竖直速度在减小，后来y方向的高度后增加的越来越快，说明竖直速度增大，所以物体速度先减小后增大，故A错误，B正确．CD、若y方向始终匀速，经过相同的时间竖直间距相同，则x方向的水平距离先增加的越来越快，说明水平速度在增大，后来x方向的水平间距后增加的越来越慢，说明水平速度减小，所以物体速度先增大后减小，故C错误，D正确．故选：BD．【点评】注意此题是平面直角坐标系，与速度时间图象和位移时间图象不同，所以图象问题一定要看清坐标轴的物理意义．三、实验题：（共2小题，每空3分，共18分）15．某同学在做“研究匀变速直线运动”的实验，打点计时器得到的表示小车运动过程的一条清晰纸带如图1所示．交流电源的频率为50Hz，且相邻两点间还有4个点未画出来．其中x1=7.05cm、x2=7.68cm、x3=8.33cm、x4=8.95cm、x5=9.61cm．（1）打A点时小车瞬时速度的大小是0.86m/s （计算结果保留两位有效数字）．（2）该同学在测量5、6两点间距时刻度尺摆放位置如图所示，由图可知x6= 10.20cm （3）该同学计算得到中间各点速度，已经描在vt图象上，如图2所示．请在答题卡上将数据点连接起来，由图象可知小车运动的加速度大小为0.60 m/s2（计算结果保留两位有效数字）【考点】探究小车速度随时间变化的规律．【专题】实验题；定量思想；实验分析法；直线运动规律专题．【分析】（1）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上2点时小车的瞬时速度大小；。

江西省宜春市丰城三中2013-2014学年高一物理上学期期末试题(含解析)新人教版

2013-2014学年江西省宜春市丰城三中高一〔上〕期末物理试卷一、此题共10小题，每一小题4分，共40分.在每一小题给出的四个选项中，至少有一个选项正确.选对的得4分，选错或不答的得0分，少选且选对的得2分.1．〔4分〕〔2009•丰台区模拟〕如下关于惯性的说法中，正确的答案是〔〕A．只有静止的物体才具有惯性B．只有做匀速直线运动的物体才具有惯性C．只有做变速运动的物体才具有惯性D．一切物体都具有惯性考点：惯性．版权所有分析：惯性是物体的固有属性，一切物体都惯性，与物体的运动状态无关．解答：解：A、不只是静止的物体具有惯性，运动的物体也有惯性．故A错误．B、静止的或做变速直线运动的物体也具有惯性．故B错误．C、静止的或做匀速直线运动的物体也具有惯性．故C错误．D、惯性是物体的固有属性，一切物体都惯性．故D正确．应当选D点评：此题考查对惯性的理解．惯性是物体的固有属性，一切物体都有惯性，惯性的大小取决于物体的质量．2．〔4分〕〔2014•射阳县校级学业考试〕如下关于加速度的说法中，正确的答案是〔〕A．加速度越大，速度变化越大B．加速度越大，速度变化越快C．加速度的方向和速度方向一定一样D．物体速度不变化，而加速度可以变化很大考点：加速度．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：根据加速度的定义式a=，加速度等于速度的变化率．物体的速度变化量大，加速度不一定大．加速度与速度无关．解答：解：A、加速度等于速度的变化率，加速度越大，如此物体的速度变化率大，即速度变化越快，而不是速度变化越大．故A错误，B正确．C、加速度的方向与速度变化方向一样，可能与速度方向一样，也可能与速度方向相反．故C错误．D、物体的速度不变化，加速度一定为零，故D错误．应当选B点评：此题考查对加速度的物理意义理解能力，可以从数学角度加深理解加速度的定义式a=．3．〔4分〕〔2014•德庆县一模〕甲、乙两车从同一地点沿同一方向出发，如图是甲、乙两车的速度图象，由图可知〔〕A．甲车的加速度大于乙车的加速度B．t1时刻甲、乙两车的加速度一样C．t1时刻甲、乙两车相遇D．t1时刻甲、乙两车速度相等考点：匀变速直线运动的图像．版权所有专题：运动学与力学〔一〕；追与、相遇问题．分析：根据斜率的大小判断加速度的大小．由图得知t1时刻甲、乙两车的速度一样．t1时刻甲、乙两车位移不等，没有相遇．解答：解：A、甲车图线的斜率小于乙车图线的斜率，如此甲车的加速度小于乙车的加速度．故A错误．B、D由图可知：t1时刻甲车的加速度小于乙车的加速度，两车速度相等．故B错误，D正确．C、t1时刻甲的位移大于乙的位移，它们从同一地点出发，如此甲在乙的前方，没有相遇．故C错误．应当选D点评：此题速度图象问题，由图象能直接读出速度、加速度和位移，要抓住数学意义来理解物理意义．4．〔4分〕〔2010秋•雅安期末〕在力的合成中，如下关于两个分力与它们的合力关系的说法中，正确的答案是〔〕A．合力一定大于每一个分力B．合力一定小于每一个分力C．两个分力大小不变，夹角在0°～180°之间变化时，夹角越大合力越小D．合力的方向一定与分力的方向一样考点：力的合成．版权所有专题：受力分析方法专题．分析：解答此题时，要从力的大小和方向两个方面来考虑，在分析各选项时千万不能漏掉力的方向．〔1〕如果二力在同一条直线上，根据力的合成计算合力的大小，即同一直线上同方向二力的合力等于二力之和；同一直线反方向二力的合力等于二力之差．〔2〕如果二力不在同一条直线上，合力大小介于二力之和与二力之差之间；解答：解：A、当二力反向时，合力等于二力大小之差，合力有可能小于分力，故A错误；B、当两个力方向一样时，合力等于两分力之和，合力大于每一个分力；当两个分力方向相反时，合力等于两个分力之差，合力可能小于分力，由此可见：合力可能大于分力也有可能小于分力，故B错误；C、当夹角θ＜180°时，由公式F=可知随着θ增大而减小，故C正确；D、同一直线二力的合力方向与两个分力的方向一样；当二力方向相反时，合力方向与较大力的方向一样，所以不论两个力的方向如何，合力的方向总是和较大的力的方向一样，故D错误；应当选C．点评：解此题关键是要理解合力的大小范围：大于两力之差，小于两力之和；分析时考虑问题要全面，既要考虑到两个力同向，也要考虑反向的情况．5．〔4分〕〔2015•普兰店市模拟〕如下关于超重与失重的说法中，正确的答案是〔〕A．超重就是物体的重力增加了B．失重就是物休的重力减少了C．完全失重就是物体的重力没有了D．不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的考点：超重和失重．版权所有分析：当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；如果没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．解答：解：A、超重是物体对接触面的压力大于物体的真实重力，物体的重力并没有增加，所以A错误；B、失重是物体对接触面的压力小于物体的真实重力，物体的重力并没有减小，所以B错误；C、完全失重是说物体对接触面的压力为零的时候，此时物体的重力也不变，所以C错误；D、不论是超重、失重，还是完全失重，物体所受的重力是不变的，只是对接触面的压力不和重力相等了，所以D正确．应当选：D．点评：此题主要考查了对超重失重现象的理解，人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．6．〔4分〕〔2013秋•丰城市校级期末〕如下关于力的说法中，正确的答案是〔〕A．力是不能离开物体而独立存在的，一个力既有施力物体，又有受力物体B．只有相互接触的两物体之间才会产生力的作用C．物体的施力和受力是同时的D．一个物体先对别的物体施加力后，才能受到反作用力考点：力的概念与其矢量性．版权所有分析：力是物体与物体之间的相互作用，不能离开物体而独立存在的．物体之间不接触也能产生力的作用．作用力与反作用力是同时产生的．解答：解：A、力是物体与物体之间的相互作用，不能离开物体而独立存在的，一个力既有施力物体，又有受力物体．故A正确．B、物体之间不接触也能产生力的作用．比如：重力、电场力和磁场力．故B错误．C、力的作用是相互的，物体的施力和受力是同时的．故C正确．D、作用力与反作用力是同时产生、同时消失的．故D错误．应当选AC点评：此题考查对力的概念的理解能力．关键抓住力本身的概念：力是物体与物体之间的相互作用．7．〔4分〕〔2014秋•通榆县校级期末〕在国际单位制中，力学根本单位有三个，这三个根本单位是〔〕A．m、kg、s B．m、s、N C．m、kg、N D．k g、s、N考点：力学单位制．版权所有分析：国际单位制规定了七个根本物理量．分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量．它们的在国际单位制中的单位称为根本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位．解答：解：在力学中，质量、长度与时间作为根本物理量，其单位作为根本单位，分别为kg、m、s，所以A正确应当选A．点评：国际单位制规定了七个根本物理量，这七个根本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的．8．〔4分〕〔2011秋•河源期末〕两位同学分别在塔的不同高度，用两个轻重不同的球做自由落体运动实验，甲球重力是乙球重力的两倍，释放甲球处的高度是释放乙球处高度的两倍，不计空气阻力，如此〔〕A．甲、乙两球下落的加速度相等B．甲球下落的加速度是乙球的2倍C．甲、乙两球落地时的速度相等D．甲、乙两球各下落1s时的速度相等考点：自由落体运动．版权所有专题：自由落体运动专题．分析：A、物体做自由落体运动的加速度为g．C、通过v2=2gh判断两物体落地时的速度大小．D、通过v=gt比拟两球各下落1s时的速度大小．解答：解：A、甲乙两物体都做自由落体运动，加速度都为g．故A正确，B错误．C、根据v2=2gh，知两球的高度不同，如此落地的速度不等．故C错误．D、根据v=gt，知经过1s时两球的速度相等．故D正确．应当选AD．点评：解决此题的关键知道自由落体运动是初速度为0，加速度为g的匀加速直线运动，掌握自由落体运动的速度位移公式v2=2gh和速度时间公式v=gt．9．〔4分〕〔2014秋•北林区校级期末〕两个力F1与F2的大小分别为10N和30N，如此它们的合力大小不可能等于〔〕A．15N B．20N C．35N D．40N考点：力的合成．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：二力合成遵循平行四边形定如此，同向时合力最大，反向时合力最小，合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|．解答：解：二力合成时合力范围：|F1+F2|≥F≥|F1﹣F2|；故合力最大40N，最小20N，之间任意结果都可以；如此20N，35N，40N都可能，15N 不可能．此题选不可能的，应当选A．点评：此题关键是明确二力合成时遵循平行四边形定如此，夹角越大，合力越小，同向时合力最大，反向时合力最小．10．〔4分〕〔2014秋•惠州期末〕如下列图，悬挂在小车顶棚上的小球偏离竖直方向θ角，如此小车的运动情况可能是〔〕A．向右加速运动B．向右减速运动C．向左加速运动D．向左减速运动考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：车和球一起运动，它们由共同的加速度，对小球受力分析，可以求得小球的加速度的大小，即为小车的加速度的大小，从而可以判断小车可能的运动情况．解答：解：小球受力如下列图，由牛顿第二定律得：mAgtanθ=mAa，解得球的加速度为：a=gtanθ，方向水平向右，小球与车的运动状态一样，车的加速度向右，因此车可能向右做加速运动，或向左做减速运动，故AD正确，BC错误．应当选：AD．点评：对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过整体法求得加速度，再利用隔离法求物体之间的力的大小．二、此题共3小题，共16分.把答案填在题中的横线上或按题目要求作答.11．〔8分〕〔2011秋•上饶期末〕在“研究匀变速直线运动〞的实验中，电磁打点计时器使用交流〔选填“直流〞或“交流〞〕电源，它每隔0.02s打一次点．图示是实验得到的一条点迹清晰的纸带，A、B、C、D为四个计数点，相邻两个计数点之间还有4个点未画出，如此相邻两个计数点间的时间间隔是0.1s．经测量知道AB=2.20cm，BC=3.80cm，根据以上数据，可知打点计时器打下B点时物体的速度等于0.30m/s，物体的加速度等于 1.6m/s2．考点：探究小车速度随时间变化的规律．版权所有专题：实验题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小解答：解：电磁打点计时器使用交流V电源，电源频率为50Hz，它每隔0.02s打一次点．相邻两个计数点之间还有4个点未画出，所以相邻计数点之间的时间间隔T=0.1s，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，得：VB==0.30m/s根据匀变速直线运动的推论公式根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2，得：BC﹣AB=△x=aT2，整理得：a==1.6m/s2，故答案为：交流，0.1，0.30，1.6点评：要提高应用匀变速直线的规律以与推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强根底知识的理解与应用．12．〔4分〕〔2012•漳州校级模拟〕如图，把弹簧测力计的一端固定在墙上，用力F水平向左拉金属板，金属板向左运动，此时测力计的示数稳定〔图中已把弹簧测力计的示数放大画出〕，如此物块P与金属板间的滑动摩擦力的大小是 2.60N．假设用弹簧测力计测得物块P重13N，根据表中给出的动摩擦因数，可推算出物块P的材料为木头﹣金属．材料动摩擦因数金属﹣金属0.25橡胶﹣金属0.30木头﹣金属0.20皮革﹣金属0.28考点：滑动摩擦力．版权所有专题：摩擦力专题．分析：分析物块P的受力情况，由二力平衡可知摩擦力的大小，由滑动摩擦力公式求出动摩擦因数．解答：解：分析物块P的受力情况可知，物块P受金属板给P的滑动摩擦力Ff，方向向左，受弹簧测力计向右的拉力F，由二力平衡可知，Ff=F，测力计读数为2.60 N，所以Ff=2.60 N；又根据Ff=μG可得：μ==0.2．从表中可比照得知，物块P为木头．答案为2.60、木头﹣金属点评：此题考查了弹簧秤的读数和滑动摩擦力的求法，记住摩擦力的公式，难度不大．13．〔4分〕〔2013秋•丰城市校级期末〕在探究牛顿第二定律实验中，得到以下数据：物体质量不变时，加速度a与物体所受合力F的对应数据如表1；物体所受合力不变时，加速度a和物体质量的倒数的对应数据如表2．表11.02.0 4.0 6.0 8.1a〔m•s﹣2〕F〔N〕0.5 1.0 2.0 3.0 4.0表2a〔m•s﹣2〕1.0 2.0 2.7 3.0 4.00.25 0.50 0.69 0.80 1.0〔1〕由a﹣F表1得到的结论是物体的加速度与物体所受的合力成正比；〔2〕由a﹣表2得到结论是物体的加速度与物体的质量成反比．考点：验证牛顿第二运动定律．版权所有专题：实验题；牛顿运动定律综合专题．分析：牛顿第二定律：F=Ma，所以：a﹣F图象，a﹣图象理论上应该是一条倾斜的直线，作图的时候需要注意．解答：解：牛顿第二定律：F=Ma，所以：a﹣F图象，a﹣图象理论上应该是一条倾斜的直线，作图的时候要画直线，让尽量多的点落在直线上．〔2〕由a﹣F图象中图线是一条过原点倾斜的直线，所以结论是：物体的加速度与物体所受的合力成正比．由a﹣图象中图线是一条过原点倾斜的直线，所以结论是：物体的加速度与物体的质量成反比．故答案为：〔1〕物体的加速度与物体所受的合力成正比；〔2〕物体的加速度与物体的质量成反比．点评：在探究牛顿第二定律实验中，数据处理时我们用到的方法是画图象的方法，画出图象，根据图象得出结论．三．计算题：〔此题共5小题，共44分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案不给分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位〕14．〔6分〕〔2014秋•红花岗区期末〕由静止开始做匀加速直线运动的汽车，第1s内通过0.4m 位移，问：〔1〕汽车在1s末的速度为多大？〔2〕汽车在前2s内通过的位移为多大？考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．版权所有专题：直线运动规律专题．分析：〔1〕小车做初速度为零的匀加速直线运动，根据位移时间关系求出加速度，根据速度时间公式求出速度；〔2〕根据匀加速直线运动位移时间公式即可求解．解答：解：〔1〕小车做初速度为零的匀加速直线运动由s=v0t+at2解得：a=0.8m/s2所以v1=at1=0.8m/s〔2〕根据匀变速直线运动位移时间公式得：s2=at2=1.6m答：〔1〕汽车在1s末的速度为0.8m/s；〔2〕汽车在前2s内通过的位移为1.6m点评：此题主要考查了初速度为0的匀加速直线运动的根本规律，难度不大，属于根底题．15．〔12分〕〔2014秋•商州区校级期末〕竖直升降的电梯内的天花板上悬挂着一根弹簧秤，如下列图，弹簧秤的秤钩上悬挂一个质量m=4kg的物体，试分析如下情况下电梯各种具体的运动情况〔g取10m/s2〕：〔1〕当弹簧秤的示数T1=40N，且保持不变．〔2〕当弹簧秤的示数T2=32N，且保持不变．〔3〕当弹簧秤的示数T3=44N，且保持不变．考点：牛顿第二定律．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对物体受力分析，然后根据牛顿第二定律求解加速度，再确定物体的运动情况．解答：解：选取物体为研究对象，通过受力分析可知〔1〕当T1=40N时，根据牛顿第二定律有T1﹣mg=ma1，解得这时电梯的加速度由此可见电梯处于静止或匀速直线运动状态．〔2〕当T2=32N时，根据牛顿第二定律有T2﹣mg=ma2得，这时电梯的加速度即电梯的加速度方向竖直向下．电梯加速下降或减速上升．〔3〕当T3=44N时，根据牛顿第二定律有T3﹣mg=ma3，得这时电梯的加速度即电梯的加速度方向竖直向上．电梯加速上升或减速下降．答：1〕当弹簧秤的示数T1=40N，且保持不变为电梯处于静止或匀速直线运动状态．〔2〕当弹簧秤的示数T2=32N，且保持不变为电梯加速下降或减速上升．〔3〕当弹簧秤的示数T3=44N，且保持不变为电梯加速上升或减速下降．点评：此题关键对物体受力分析后根据牛顿第二定律确定加速度，然后得到运动情况，根底题．16．〔6分〕〔2013秋•丰城市校级期末〕光滑水平面上有一个静止的物体，质量是5kg，在15N 的水平衡力的作用下开始运动，如下列图，5s末的速度多大？5s内通过的位移是多少．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：根据牛顿第二定律求出物体的加速度，根据速度时间公式和位移时间公式求出5s末的速度和5s内的位移．解答：解：根据牛顿第二定律得，物体的加速度a=；5s末的速度v=at=3×5m/s=15m/s，5s内的位移x=．答：5s末的速度为15m/s；5s内的位移是37.5m．点评：此题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．17．〔8分〕〔2012秋•怀化期末〕如下列图，电灯的重力G=10N，AO绳与顶板间的夹角为45°，BO绳水平，如此AO绳所受的拉力F1是多少？BO绳所受的拉力F2是多少？考点：共点力平衡的条件与其应用；力的合成与分解的运用．版权所有专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：将电灯所受的重力G分解为沿AO方向的分力和沿BO方向的分力，作出力图，由几何知识求解．解答：解：将电灯所受的重力G沿两个绳子方向进展分解，如图．由几何知识得=10N，F2=G=10N答：AO绳所受的拉力F1是10N，BO绳所受的拉力F2是10N．点评：此题也可以以结点O为研究对象，采用正交分解法或合成法求解．18．〔12分〕〔2014秋•集宁区校级期末〕如图，足够长的斜面倾角θ=37°．一个物体以v0=12m/s 的初速度，从斜面A点处沿斜面向上运动．加速度大小为a=8.0m/s2．重力加速度g=10m/s2，〔sin37°=0.6，cos37°=0.8〕．求：〔1〕物体沿斜面上滑的最大距离s；〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ；〔3〕物体沿斜面到达最高点后返回下滑时的加速大小a．word考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系；滑动摩擦力．版权所有专题：牛顿运动定律综合专题．分析：〔1〕根据初速度、末速度、加速度，结合速度位移公式求出物体沿斜面上滑的最大距离．〔2〕对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出物体与斜面间的动摩擦因数．〔3〕对物体受力分析，根据牛顿第二定律求出物体下滑的加速度大小．解答：解：〔1〕根据匀变速直线运动的速度位移公式得，上滑的最大距离；〔2〕根据牛顿第二定律得，上滑的加速度a==gsinθ+μgcosθ代入数据解得μ=0.25；〔3〕根据牛顿第二定律得，物体下滑的加速度a′==gsinθ﹣μgcosθ=4m/s2．答：〔1〕物体沿斜面上滑的最大距离s为9m；〔2〕物体与斜面间的动摩擦因数μ为0.25；〔3〕物体沿斜面到达最高点后返回下滑时的加速大小为4m/s2；点评：此题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．- 11 - / 11。

江西省宜春市丰城九中2024届物理高一上期中考试试题含解析

江西省宜春市丰城九中2024届物理高一上期中考试试题注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。

2．回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号。

回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在本试卷上无效。

3．考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。

一、选择题：（1-6题为单选题7-12为多选，每题4分，漏选得2分，错选和不选得零分）1、下列关于物体重力的说法，不正确．．．的是A．地球上的物体只有运动时才受到重力B．同一物体在某处向上抛出后和向下抛出后所受重力一样大C．某物体在同一位置时，所受重力与它是静止还是运动无关，重力大小是相同的D．物体在同一位置时，所受重力大小与其质量有关，重力加速度大小与其质量无关2、滑块相对静止于转盘的水平面上，随盘一起旋转时所属向心力的来源是A．滑块的重力B．盘面对滑块的弹力C．盘面对滑块的静摩擦力D．以上三个力的合力3、如图所示，在恒力F作用下，a、b两物体一起沿粗糙竖直墙面匀速向上运动，则关于它们受力情况的说法正确的是A．a一定受到5个力B．a可能受到6个力C．b一定受到3个力D．b可能受到2个力4、某人站在三楼阳台上，同时以10m/s的速率抛出两个小球，其中一球竖直上抛，另一球竖直下抛，它们落地的时间差为；如果该人站在六楼阳台上，以同样的方式抛出两个小球，它们落地的时间差为，不计空气阻力。

则下列关系中正确的是A．B．C．D．无法判断5、下列关于速度的说法正确的是( )A．物体运动的越快，位置的变化就越大B．物体的瞬时速率始终不变，则物体的速度不变C．物体的速度不变，则物体的瞬时速率也不变D．物体的位移越大则速度越大6、把一个竖直向下的F=160N的合力分解为两个分力，一个分力在水平方向上，并且大小等于120N，则另一个分力的大小是A ．200NB ．100NC ．80ND ．40N7、质量为m 的球置于倾角为θ的光滑斜面上，被与斜面垂直的光滑挡板挡，球保持静止，如图所示。

江西省宜春市丰城中学高三物理上学期1月月考试卷(含解析)

2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高三（上）月考物理试卷（1月份）一、选择题（1-7题只有一个选项，8-10题有多个选项，每题4分，共40分）1．甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的x﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻乙车从后面追上甲车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0到t1时间内，乙车的平均速度小于甲车的平均速度2．一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m，则刹车后6s内的位移是（）A．20 m B．24 m C．25 m D．75 m3．如图所示，不计重力的轻杆OP能以O点为圆心在竖直平面内自由转动，P端用轻绳PB 挂一重物，另用一根轻绳通过滑轮系住P端．在力F的作用下，当杆OP和竖直方向的夹角α（0＜α＜π）缓慢增大时，力F的大小应（）A．恒定不变 B．逐渐增大 C．逐渐减小 D．先增大后减小4．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（）A．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑5．如图所示，传送带与水平面夹角为37°，白色皮带以10m/s的恒定速率沿顺时针方向转动，今在传送带上端A处于无初速度地轻放上一个质量为1kg的小煤块（可视为质点），它与传送带间的动摩擦因数为0.50，已知传送带A到B的长度为16m，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，则在小煤块从A运动到B的过程中（）A．小煤块从A运动到B的时间为2sB．煤块对皮带做的总功为0C．小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为6mD．因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能为24J6．如图所示，质量为M的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定在框架顶端，下端固定一个质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有弹起．当框架对地面压力为零瞬间，小球的加速度大小和方向为（）A．g，竖直向上B． g，竖直向上C．0 D． g，竖直向下7．如图所示，圆柱形的仓库内有三块长度不同的滑板aO、bO、cO，其下端都固定于底部圆心O，而上端则搁在仓库侧壁上，三块滑板与水平面的夹角依次是30°、45°、60°．若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑（忽略阻力）则（）A．a处小孩最先到O点B．b处小孩最后到O点C．c处小孩最先到O点D．a、c处小孩同时到O点8．如图所示，质量均为m的小球A、B用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于D点，在外力F 的作用下，小球A、B处于静止状态，若要使两小球处于静止状态且悬线OA与竖直方向的夹角θ保持30°不变，则外力F的大小可能是（）A．B．C．D．mg9．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其v﹣t图线如图所示，则下面说法错误的是（）A．在0～t1秒内，外力F大小不断减小B．在t1时刻，合外力为零C．在t1～t2秒内，外力F大小一定不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大10．如图，光滑水平直面上，n个完全相同的物块并排靠在一起，P和Q是其中某两相邻物块．当用力推动最右的物块，使整体以大小为a的加速度向左运动时，P和Q间的弹力大小为F；当用力推动最左的物块，使整体以大小为a的加速度向右运动时，P和Q间的弹力大小仍为F．则n的取值可能为（）A．8 B．10 C．16 D．18二、实验题：（共2题，11．某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案．如图所示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端．开始时小球和滑块均静止，剪短细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音．用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x．（空气阻力对本实验的影响可以忽略）①滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为．②滑块与斜面间的动摩擦因数为．③以下能引起实验误差的是．a．滑块的质量b．当地重力加速度的大小c．长度测量时的读数误差d．小球落地和滑块撞击挡板不同时．12．如图所示是某同学设计的“探究质量m一定时，加速度a与物体所受合力F间的关系”的实验．图（a）为实验装置简图，其中A为小车，B为打点计时器，C为装有砂的砂桶，其质量为m C，D为一端带有定滑轮的长方形木板，不计空气阻力．（1）实验中认为细绳对小车拉力F等于；（2）图（b）为某次实验得到的纸带的一部分（交流电的频率为50Hz），可由图中数据求出小车加速度值为 m/s2；（结果保留两位有效数字）（3）保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图（c），该图线不通过原点O，明显超出偶然误差范围，其主要原因可能是实验中没有进行的操作步骤．三、计算题（7+8+7+10+1013．如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10N/m，用两条等长的线将球C与A、B相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60°，求：（1）杆对A球支持力大小；（2）C球重力大小．14．A、B两列火车，在同一轨道上同向行驶，A车在前，其速度v A=10m/s，B车在后，速度v B=30m/s，因大雾能见度很低，B车在距A车x0=75m时才发现前方有A车，这时B车立即刹车，但B车要经过180m才能停下来．（1）B车刹车时A仍按原速率行驶，两车是否会相撞？（2）若B车在刹车的同时发出信号，A车司机经过△t=4s收到信号后加速前进，则A车的加速度至少多大才能避免相撞？15．如图所示，质量m=2Kg的物体静止在水平面上，用F=18N的水平拉力拉物体，在2s内物体发生了10m位移，求：（1）物体加速度a的大小和物体所受摩擦力的大小；（2）在t=2.0S时立即撤去拉力F，此后物体能运动的位移的大小．16．如图所示，传送带的水平部分ab=2m，斜面部分bc=4m，bc与水平面的夹角α=37°．一个小物体A与传送带的动摩擦因数μ=0.25，传送带沿图示的方向运动，速率v=2m/s．若把物体A轻放到a处，它将被传送带送到c点，且物体A不会脱离传送带．求物体A从a点被传送到c点所用的时间．（已知：sin 37°=0.6，cos 37°=0.8，g=10m/s2）17．如图所示，将小砝码置于桌面上的薄纸板上，用水平向右的拉力将纸板迅速抽出，砝码的移动很小，几乎观察不到，这就是大家熟悉的惯性演示实验．若砝码和纸板的质量分别为m1和m2，各接触面间的动摩擦因数均为μ．重力加速度为g．（1）当纸板相对砝码运动时，求纸板所受摩擦力的大小；（2）要使纸板相对砝码运动，求所需拉力的大小；（3）本实验中，m1=0.5kg，m2=0.1kg，μ=0.2，砝码与纸板左端的距离d=0.1m，取g=10m/s2．若砝码移动的距离超过l=0.002m，人眼就能感知．为确保实验成功，纸板所需的拉力至少多大？2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高三（上）月考物理试卷（1月份）参考答案与试题解析一、选择题（1-7题只有一个选项，8-10题有多个选项，每题4分，共40分）1．甲乙两车某时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，若以该时刻作为计时起点，得到两车的x﹣t图象如图所示，则下列说法正确的是（）A．t1时刻乙车从后面追上甲车B．t1时刻两车相距最远C．t1时刻两车的速度刚好相等D．0到t1时间内，乙车的平均速度小于甲车的平均速度【考点】匀变速直线运动的图像；平均速度；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】运动学中的图像专题．【分析】在位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度；图象的交点表示位移相等，平均速度等于位移除以时间．【解答】解：A．它们在同一时刻由同一地点沿同一方向开始做直线运动，经过时间t1位移又相等，故在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，故A正确；B．由A的分析可知：在t1时刻乙车刚好从后面追上甲车，两车相遇，故B错误；C．在t1时刻两车的位移相等，但图线斜率不相等，故速度不等，乙的速度大于甲的速度，故C错误；D.0到t1时间内，甲乙两车位移相等，根据平均速度等于位移除以时间可知，0到t1时间内，乙车的平均速度等于甲车的平均速度，故D错误．故选：A．【点评】要求同学们能根据图象读出有用信息，知道位移﹣时间图象中，倾斜的直线表示物体做匀速直线运动，斜率表示速度，难度不大，属于基础题．2．一辆公共汽车进站后开始刹车，做匀减速直线运动．开始刹车后的第1s内和第2s内位移大小依次为9m和7m，则刹车后6s内的位移是（）A．20 m B．24 m C．25 m D．75 m【考点】匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】直线运动规律专题．【分析】根据匀变速直线运动的推论△x=aT2和位移时间公式求出汽车的初速度和加速度，结合速度时间公式判断物体到停止的时间，从而根据位移公式求出刹车后6s内的位移．【解答】解：设汽车的初速度为v0，加速度为a．根据匀变速直线运动的推论△x=aT2得： x2﹣x1=aT2得 a===﹣2m/s2．根据第1s内的位移：，代入数据得，9=v0×1+，解得v0=10m/s．汽车刹车到停止所需的时间 t0==s=5s．则汽车刹车后6s内的位移等于5s内的位移，为 x==m=25m．故C正确，A、B、D错误．故选：C．【点评】本题考查了运动学中的刹车问题，要注意判断汽车的运动状态，知道刹车速度减为零后不再运动，不能再用运动学公式，是道易错题．3．如图所示，不计重力的轻杆OP能以O点为圆心在竖直平面内自由转动，P端用轻绳PB 挂一重物，另用一根轻绳通过滑轮系住P端．在力F的作用下，当杆OP和竖直方向的夹角α（0＜α＜π）缓慢增大时，力F的大小应（）A．恒定不变 B．逐渐增大 C．逐渐减小 D．先增大后减小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】以P点为研究对象，分析受力情况，运用三角形相似法，得到力F与重力的关系，再分析F的变化情况．【解答】解：以P点为研究对象，分析受力情况，根据平衡条件得：N和F的合力与重力G 大小相等、方向相反，作出力的合成图如图，由三角形相似法得：=当杆OP和竖直方向的夹角α（0＜α＜π）缓慢增大时，AP增大，而G、AO不变，得到F 逐渐增大．故选B【点评】本题涉及非直角三角形的动态分析问题，运用三角相似法是常用的方法，形象直观方便．4．如图所示，放在固定斜面上的物块以加速度a沿斜面匀加速下滑，若在物块上再施加一竖直向下的恒力F，则（）A．物块可能匀速下滑B．物块仍以加速度a匀加速下滑C．物块将以大于a的加速度匀加速下滑D．物块将以小于a的加速度匀加速下滑【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】压轴题；牛顿运动定律综合专题．【分析】将F分解为垂直于斜面和平行于斜面两个方向F1和F2，根据力的独立作用原理，单独研究F的作用效果，当F引起的动力增加大时，加速度增大，相反引起的阻力增大时，加速度减小．【解答】解：未加F时，物体受重力、支持力和摩擦力，根据牛顿第二定律有：a=．当施加F后，加速度a′=，因为gsinθ＞μgcosθ，所以Fsinθ＞μFcosθ，可见a′＞a，即加速度增大．故C确，A、B、D均错误．故选C．【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．5．如图所示，传送带与水平面夹角为37°，白色皮带以10m/s的恒定速率沿顺时针方向转动，今在传送带上端A处于无初速度地轻放上一个质量为1kg的小煤块（可视为质点），它与传送带间的动摩擦因数为0.50，已知传送带A到B的长度为16m，取sin37°=0.6，cos37°=0.8，g=10m/s2，则在小煤块从A运动到B的过程中（）A．小煤块从A运动到B的时间为2sB．煤块对皮带做的总功为0C．小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为6mD．因煤块和皮带之间的摩擦而产生的内能为24J【考点】功能关系；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律．【分析】小煤块放上传送带先做匀加速直线运动，然后做匀速直线运动，根据运动学公式结合牛顿第二定律求出小煤块从A运动到B的时间；分别求出在煤块匀加速直线运动阶段传送带的位移和煤块的位移，两者位移之差即为划痕的长度；产生的热量为滑动摩擦力所做的功；传送物体电动机多做的功是物块产生的动能与及产生了热量之和．【解答】解：A、物体放上传送带，滑动摩擦力的方向先沿斜面向下．根据牛顿第二定律得：=gsin37°+μgcos37°=10×0.6+0.5×10×0.8m/s2=10m/s 2则速度达到传送带速度所需的时间为：=．经过的位移为：．由于mgsin37°＞μmgcos37°，可知物体与传送带不能保持相对静止．速度相等后，物体所受的摩擦力沿斜面向上．根据牛顿第二定律得：=gsin37°﹣μgcos37°=2m/s2根据，即：解得：t2=1s．则t=t1+t2=2s，故A正确．B、煤块对皮带做的总功即是摩擦力所做的功为：W=﹣fx皮=﹣μmgcosθx皮=﹣μmgcosθv皮t=﹣0.5×1×10×0.8×10×2=﹣8J．故B错误，C、第一秒内传送带的速度大于煤块的速度，煤块相对于传送带先后运动，相对位移：△x1=vt1﹣x1=10×1﹣5=5m第二秒煤块的速度大于传送带的速度，煤块相对于传送带向前运动，相对位移：△x2=（L﹣x1）﹣vt2=（16﹣5）﹣10×1=1m物块相对于传送带的位移：△x=x1﹣x2=5﹣1=4m．而小煤块在白色皮带上留下黑色印记的长度为5m，故C错误；D、产生的热量：Q=f△x=μmgcosθ△x=0.5×1×0.8×10×6=24J；D正确；故选：AD．【点评】解决本题的关键理清物体的运动规律，知道物体先做匀加速直线运动，速度相等后继续做匀加速直线运动，两次匀加速直线运动的加速度不同，结合牛顿第二定律和运动学公式进行求解．6．如图所示，质量为M的框架放在水平地面上，一轻弹簧上端固定在框架顶端，下端固定一个质量为m的小球，小球上下振动时，框架始终没有弹起．当框架对地面压力为零瞬间，小球的加速度大小和方向为（）A．g，竖直向上B． g，竖直向上C．0 D． g，竖直向下【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】当框架对地面的压力为零的瞬间，对框架分析，根据共点力平衡求出弹簧的弹力大小，再隔离对小球分析，运用牛顿第二定律求出小球的加速度．【解答】解：当框架对地面压力为零瞬间，框架受重力和弹簧的弹力处于平衡，则有：F=Mg，隔离对小球分析，根据牛顿第二定律得：F+mg=ma，解得：方向竖直向下．故选：D【点评】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解．7．如图所示，圆柱形的仓库内有三块长度不同的滑板aO、bO、cO，其下端都固定于底部圆心O，而上端则搁在仓库侧壁上，三块滑板与水平面的夹角依次是30°、45°、60°．若有三个小孩同时从a、b、c处开始下滑（忽略阻力）则（）A．a处小孩最先到O点B．b处小孩最后到O点C．c处小孩最先到O点D．a、c处小孩同时到O点【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的位移与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】根据牛顿第二定律和匀变速直线运动规律，分别计算出小孩从a、b、c三块滑板到O所用的时间进行比较即可．【解答】解：斜面上的加速度：a==gsinθ斜面的长度s=根据匀变速直线运动规律s=at2得： gsinθt2=t2=======＜=t b＜t a=t c，即b先到，ac同时到故选：D【点评】解决本题的关键是根据牛顿第二定律对物体进行受力分析，并根据匀变速直线运动规律计算出时间．8．如图所示，质量均为m的小球A、B用两根不可伸长的轻绳连接后悬挂于D点，在外力F 的作用下，小球A、B处于静止状态，若要使两小球处于静止状态且悬线OA与竖直方向的夹角θ保持30°不变，则外力F的大小可能是（）A．B．C．D．mg【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】对AB两球整体受力分析，受重力G，OA绳子的拉力T以及拉力F，其中重力大小和方向都不变，绳子的拉力方向不变大小变，拉力的大小和方向都变，根据共点力平衡条件，利用平行四边形定则作图可以得出拉力的最小值和最大值．【解答】解：对AB两球整体受力分析，受重力G=2mg，OA绳子的拉力T以及拉力F，三力平衡，将绳子的拉力T和拉力F合成，其合力与重力平衡，如图当拉力F与绳子的拉力T垂直时，拉力F最小，最小值为（2m）gsi n30°，即mg；由于拉力F的方向具有不确定性，因而从理论上讲，拉力F最大值可以取到任意值；题中BD的值都大于等于mg，故都有可能；故选：BD．【点评】本题是三力平衡问题中的动态分析问题，其中一个力大小和方向都不变，一个力方向不变、大小变，第三个力的大小和方向都变，根据共点力平衡条件，集合平行四边形定则作出力的图示，得到未知力的变化情况．9．受水平外力F作用的物体，在粗糙水平面上做直线运动，其v﹣t图线如图所示，则下面说法错误的是（）A．在0～t1秒内，外力F大小不断减小B．在t1时刻，合外力为零C．在t1～t2秒内，外力F大小一定不断减小D．在t1～t2秒内，外力F大小可能先减小后增大【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】速度时间图线的切线斜率表示加速度，结合图线斜率分析加速度的变化，根据牛顿第二定律分析外力F的变化．【解答】解：A、在在0～t1秒内，物体做加速运动，加速度在减小，根据牛顿第二定律得，a=，知外力F逐渐减小，故A正确．B、在t1时刻，图线切线斜率为零，则加速度为零，可知合外力为零，故B正确．C、在t1～t2秒内，加速度增大，做减速运动，根据牛顿第二定律有：a=，知F可能减小，当F减小零后，F和运动方向可能相反，a=，F可能增大，所以F可能先减小后增大，故C错误，D正确．本题选错误的，故选：C．【点评】本题考查了牛顿第二定律和速度时间图线的综合运用，知道图线的斜率表示加速度，结合牛顿第二定律分析求解，难度中等．10．如图，光滑水平直面上，n个完全相同的物块并排靠在一起，P和Q是其中某两相邻物块．当用力推动最右的物块，使整体以大小为a的加速度向左运动时，P和Q间的弹力大小为F；当用力推动最左的物块，使整体以大小为a的加速度向右运动时，P和Q间的弹力大小仍为F．则n的取值可能为（）A．8 B．10 C．16 D．18【考点】牛顿第二定律；物体的弹性和弹力．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】对整体分析，根据牛顿第二定律求出加速度，再隔离分析，运用牛顿第二定律求出P和Q间的相互作用力，从而进行比较．【解答】解：当用力推动最右的物块，使整体以大小为a的加速度向左运动时，P和Q间的弹力大小为F，设每个物块的质量为m，研究P和P左边的所有物块，根据牛顿第二定律得F=xma当用力推动最左的物块，使整体以大小为a的加速度向右运动时，P和Q间的弹力大小仍为F，研究Q和Q右边的所有物块，根据牛顿第二定律得F=（n﹣x）m× a解得：n=x，n和x都应该是正整数，所以n的取值可能为8或16，故AC正确，BD错误；故选：AC．【点评】本题是连接体问题，要抓住加速度相同的特点，灵活选择研究对象．隔离时一般选择受力较少的物体研究内力．二、实验题：（共2题，11．某探究小组设计了“用一把尺子测定动摩擦因数”的实验方案．如图所示，将一个小球和一个滑块用细绳连接，跨在斜面上端．开始时小球和滑块均静止，剪短细绳后，小球自由下落，滑块沿斜面下滑，可先后听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，保持小球和滑块释放的位置不变，调整挡板位置，重复以上操作，直到能同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音．用刻度尺测出小球下落的高度H、滑块释放点与挡板处的高度差h和沿斜面运动的位移x．（空气阻力对本实验的影响可以忽略）①滑块沿斜面运动的加速度与重力加速度的比值为．②滑块与斜面间的动摩擦因数为（h﹣）．③以下能引起实验误差的是cd ．a．滑块的质量b．当地重力加速度的大小c．长度测量时的读数误差d．小球落地和滑块撞击挡板不同时．【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【专题】实验题．【分析】由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，由匀加速运动的位移时间公式和自由落体的位移时间公式即可求得加速度的比值；由牛顿第二定律及几何关系即可求得滑块与斜面间的动摩擦因数；由μ的数学表达式就可以知道能引起实验误差的因数，还要注意小球落地和滑块撞击挡板不同时也会造成误差．【解答】解：①由于同时听到小球落地和滑块撞击挡板的声音，说明小球和滑块的运动时间相同，对滑块，位移：x=at2，对小球，位移：H=gt2，解得： =；②设斜面倾角为α，则：sinα=，cosα=，对滑块，由牛顿第二定律得：mgsinα﹣μmgcosα=ma，加速度：a=，解得：μ=（h﹣）；③由μ=（h﹣）可知，能引起实验误差的是长度x、h、H测量时的读数误差，同时要注意小球落地和滑块撞击挡板不同时也会造成误差，故选cd．故答案为：①；②（h﹣）；③cd．【点评】本题考查了测动摩擦因数实验，应用匀加速直线运动和自由落体运动、牛顿第二定律即可正确解题，解题时要注意数学知识的应用；知道实验原理是正确解题的关键．12．如图所示是某同学设计的“探究质量m一定时，加速度a与物体所受合力F间的关系”的实验．图（a）为实验装置简图，其中A为小车，B为打点计时器，C为装有砂的砂桶，其质量为m C，D为一端带有定滑轮的长方形木板，不计空气阻力．（1）实验中认为细绳对小车拉力F等于m C g ；（2）图（b）为某次实验得到的纸带的一部分（交流电的频率为50Hz），可由图中数据求出小车加速度值为 3.0（2.6～3.4） m/s2；（结果保留两位有效数字）（3）保持小车质量不变，改变砂和砂桶质量，该同学根据实验数据作出了加速度a与合力F图线如图（c），该图线不通过原点O，明显超出偶然误差范围，其主要原因可能是实验中没有进行平衡摩擦力的操作步骤．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题．【分析】（1）由牛顿第二定律，即可求解；（2）根据△x=aT2求出纸带的加速度．（3）图线不通过坐标原点，当F为某一值时，加速度为零，知平衡摩擦力不足．【解答】解：（1）因小车的质量远大于装有砂及砂桶的质量，则根据牛顿第二定律，可得：F=m c g；（2）纸带上从左往右两个点之间的位移依次记着s1到s6，以a表示加速度，根据匀变速直线运动的规律，有a=又知T=0.04s解得：a=3.0m/s2（3）图线不通过坐标原点，F不为零时，加速度仍为零，知实验前没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．故答案为：（1）m C g；（2）3.0（2.6～3.4）；（3）平衡摩擦力．【点评】解决本题的关键会从纸带上求瞬时速度和加速度，以及在作图时注意，偏离比较远的点可以舍去．三、计算题（7+8+7+10+1013．如图所示，在光滑的水平杆上穿两个重均为2N的球A、B，在两球之间夹一弹簧，弹簧的劲度系数为10N/m，用两条等长的线将球C与A、B相连，此时弹簧被压短10cm，两条线的夹角为60°，求：（1）杆对A球支持力大小；（2）C球重力大小．【考点】共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】根据胡克定律求出弹簧的弹力大小．对A或B研究，由平衡条件求出细线的拉力大小，再对C球研究，由平衡条件求解C球的重力．【解答】解：根据胡克定律得，弹簧的弹力大小为：F=kx=10×0.1N=1N。

江西省宜春市丰城中学高一物理上学期期中试卷(含解析)

江西省宜春市丰城中学2014-2015学年高一上学期期中物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列各组物理量均为矢量的是( )A．位移、时间、速度B．速度、加速度、质量C．力、速率、位移D．力、位移、加速度2．一座小岛与码头相距300m，某人乘摩托艇从码头出发时开始计时，往返于码头和岛屿之间，其x﹣t图象如图．则下列说法正确的是( )A．摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是600mB．摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是0mC．摩托艇在48s 时的瞬时速度大小为0m/sD．摩托艇在75s时的瞬时速度大小为150m/s3．在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是( )A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度4．物体A、B两地往返运动．设A到B的平均速率为v1，由B到A的平均速率为v2，物体往返一次，平均速度的大小与平均速率分别是( )A．0，B．0，C．均为D．均为05．图中光滑小球都与下表面接触，则绳子上一定有拉力的是( )A．B．C．D．6．某物体沿直线行驶500s，速度达到20m/s，该过程的v﹣t图象如图．则在这段时间里物体行驶的平均速度可能是( )A．20m/s B．15m/s C．10m/s D．8m/s7．关于加速度，下列说法中正确的是( )A．速度变化樾大，加速度一定越大B．速度变化的时间越短，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零8．汽车以20m/s的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为5m/s2，则它关闭发动机后通过37.5m所需时间为( )A．3s B．4s C．5s D．6s9．列车长为L，铁路桥长也是L，列车沿平直轨道匀加速过桥，车头过桥头的速度是v1，车头过桥尾的速度是v2，则车尾通过桥尾时的速度为( )A．v2B．2v2﹣v1C．D．10．一个物体做匀变速直线运动，加速度a=﹣2m/s2．那么，以下认识正确的是( ) A．物体在1s末的速度一定是﹣2m/sB．物体在任意1s末的速度可能比这1s初的速度减小2m/sC．物体在任意1s末的速度是这1s初的速度的2倍D．物体在任意1s末的速度可能比它在前1s初的速度增加2m/s11．A、B、C三个物体从同一点出发，沿着一条直线运动的位移﹣时间（S﹣t）图象如图所示，下列说法中正确的是( )A．C物体做加速直线运动B．A物体做曲线运动C．三个物体在0～t0时间内的平均速度v A＞v C＞v BD．三个物体在0～t0时间内的平均速度v A=v B=v C12．某物体运动的v﹣t图象如图所示，下列说法不正确的是( )A．物体在第1s末运动方向发生变化B．物体在第3s内和第6s内的加速度是相同的C．物体在2s末返回出发点D．物体在第1s末和第3s末的位置相同二、填空题（每空2分，共16分）13．一根原长10cm的弹簧，挂上5N的钩码时弹簧长度变为12cm，当这根弹簧改挂上15N 的钩码时仍在弹性限度内，弹簧长度变为__________m．14．排球运动员以10m/s的速度把球击出，在0.1s时间内排球撞到网后沿反方向弹回，速度大小5m/s，求此过程中排球速度变化量__________m/s，如果按照匀变速运动处理，此过程中加速度为__________m/s2．15．要测定个人的反应速度，如图所示，请你的同学用手指拿着一把长30cm的直尺，他的手抓在28cm处，你的手候在2cm处，当他松开直尺，你见到直尺下落，立即用手抓住直尺，记录抓住处的数据，重复以上步骤多次．现有A、B、C三位同学相互测定反应速度得到的数据（单位：cm，重力加速度g取10m/s2）第一次第二次第三次A 27 26 28B 29 26 23C 26 24 22这三位同学中反应速度最快的是__________同学，他的最快反应时间为__________s．16．在“探究速度随时间变化的规律”实验中，小车做匀变速直线运动，记录小车运动的纸带如图所示．某同学在纸带上共选择7个计数点A、B、C、D、E、F、G，相邻两个计数点之间还有4个点没有画出．（1）两计数点之间的时间间隔是__________ s（2）打B点时小车的速度v B=__________m/s，（要求保留两位有效数字）（3）计算出小车运动的加速度为a=__________m/s2（要求保留两位有效数字）三、计算题（本题共4小题，18、19、20题10分，17题6分共36分．解答应写出必要的文字说明、一级方程式和重要的计算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中需要明确写出数值和单位）．17．某一做直线运动的物体的v﹣t图象如图所示，根据图象求：（1）物体距出发点的最远距离？（2）前4s内物体的位移？（3）前4s内通过的路程？18．从离地面500m的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求小球：（1）落到地面经过多长时间．（2）自开始下落计时，在第1s内的位移、最后1s内的位移．19．一辆卡车紧急刹车过程中的加速度的大小是5m/s2，如果在刚刹车时卡车的速度为10m/s，求：（1）刹车开始后1s内的位移大小；（2）刹车开始后3s内的位移大小；（3）3s内的平均速度大小．20．正以30m/s的速率运行的列车，接到前方小站的请求：接一垂危病人上车．列车先以加速度大小0.6m/s2做匀减速运动，恰到该小站停止，停车lmin后再以1.0m/s2的加速度匀加速直线启动，直到恢复原速行驶．（列车始终沿直线运动），求：（1）该列车匀减速运动到停车走了多少位移．（2）该列车由于临时停车，共耽误多长时间．江西省宜春市丰城中学2014-2015学年高一上学期期中物理试卷一、选择题（共12小题，每小题4分，满分48分）1．下列各组物理量均为矢量的是( )A．位移、时间、速度 B．速度、加速度、质量C．力、速率、位移D．力、位移、加速度考点：矢量和标量．分析：解答本题关键抓住：矢量是既有大小又有方向的物理量；只有大小，没有方向的物理量是标量．解答：解：A、位移和速度是矢量，而时间是标量，故A错误．B、速度和加速度是矢量，而质量是标量．故B错误．C、力和位移是矢量，而速率是速度的大小，是标量，故C错误．D、力、位移和加速度都是矢量，故D正确．故选D点评：矢量与标量有区别之一是：矢量有方向，而标量没有方向．2．一座小岛与码头相距300m，某人乘摩托艇从码头出发时开始计时，往返于码头和岛屿之间，其x﹣t图象如图．则下列说法正确的是( )A．摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是600mB．摩托艇在150s内位移大小是600m，路程是0mC．摩托艇在48s 时的瞬时速度大小为0m/sD．摩托艇在75s时的瞬时速度大小为150m/s考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：本题应抓住：x﹣t图象△x表示物体的位移，路程等于各段过程物体位移大小之和；图象的斜率等于速度．解答：解：AB、根据x﹣t图象△x表示物体的位移可知，摩托艇在0﹣30s内位移为x1=300m，30﹣60s内位移为x2=0，60﹣90s内位移为x3=0﹣300m=﹣300m，则在150s内位移大小是x=x1+x2+x3=0，路程等于S=|x1|+|x2|+|x3|=600m．故A、B错误．C、x﹣t图象的斜率等于速度，则摩托艇在48s 时的瞬时速度大小为0．故C正确．D、摩托艇在75s时的瞬时速度为v==m/s=﹣10m/s，速度大小为10m/s．故D错误．故选：C点评：本题关键抓住位移图象的数学意义来理解其物理意义：图象的斜率等于速度，纵坐标的变化量表示位移．3．在某段公路上，分别有图示的甲、乙两块告示牌，告示牌上面数字的意思是( )A．甲是指位移，乙是平均速度B．甲是指路程，乙是平均速度C．甲是指位移，乙是瞬时速度D．甲是指路程，乙是瞬时速度考点：瞬时速度；位移与路程．专题：常规题型．分析：告示牌甲是量程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大．解答：解：告示牌甲是里程牌，表示路程．限速是指瞬时速度不能超过多大，告示牌乙上面的数字是瞬时速度．所以甲是指路程，乙是指瞬时速度，故ABC错误，D正确；故选：D点评：本题考查对生活中常识的了解程度．量程牌的数字、计程器的读数等都表示路程．速度计测量瞬时速度的大小．4．物体A、B两地往返运动．设A到B的平均速率为v1，由B到A的平均速率为v2，物体往返一次，平均速度的大小与平均速率分别是( )A．0，B．0，C．均为D．均为0考点：平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：平均速度等于位移与所用时间的比值，平均速率等于路程与所用时间的比值．物体往返一次，位移为零．分别求出往返运动的时间，再求出平均速率．解答：解：物体往返一次，位移为零．则物体的平均速度的大小为==0．设A、B两地的距离为x．物体从A到B运动的时间t1=从B到A运动的时间t2=则物体物体往返一次的平均速率==．故选：A点评：本题要抓住平均速度和平均速率的定义来分析求解，不能张冠李戴，搞混淆．从本题看出，平均速率不一定等于平均速度的大小．5．图中光滑小球都与下表面接触，则绳子上一定有拉力的是( )A．B．C．D．考点：物体的弹性和弹力．专题：弹力的存在及方向的判定专题．分析：弹力产生要具备两个条件：一是两物体要直接接触；二是发生弹性形变．根据这个条件，结合平衡条件进行分析判断．解答：解：A、当桌面对球的支持力等于球的重力时，绳的拉力为零；当桌面对球的支持力小于球的重力时，绳的拉力有拉力．故A错误．B、小球处于平衡状态，受到重力与绳子的拉力，斜面对球没有支持力，否则小球不能保持平衡．故B正确．C、小球的重力沿斜面向下有分力，绳子必定有拉力，否则小球将沿斜面向下滚动．故C正确．D、当槽对球的支持力等于球的重力时，绳的拉力为零；当槽对球的支持力小于球的重力时，绳的拉力有拉力．故D错误．故选BC点评：判断弹力是否存在，常常两种基本方法：一是条件法；二是假设法：假设不存在弹力，物体的状态被破坏，说明存在弹力；假设存在弹力，物体的状态被破坏，说明不存在弹力．6．某物体沿直线行驶500s，速度达到20m/s，该过程的v﹣t图象如图．则在这段时间里物体行驶的平均速度可能是( )A．20m/s B．15m/s C．10m/s D．8m/s考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，将此运动与匀加速运动的位移比较，得到两种运动平均速度关系，即可求得此运动平均速度的范围，即可选择解答：解：如图，直线表示物体做匀加速直线运动．根据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，则知题中物体的运动在500s的位移小于相同时间内的匀加速直线运动的位移，根据平均速度公式=可知，此运动的平均速度小于匀加速直线运动的平均速度，而匀加速直线运动的平均速度为==m/s=10m/s，故题中运动的平均速度小于10m/s，故D正确．故选：D点评：本题要掌握速度﹣时间图象中，图象与坐标轴围成面积代表位移，运用作辅助线的方法，与匀加速运动比较，得到平均速度的范围，即可得解．7．关于加速度，下列说法中正确的是( )A．速度变化樾大，加速度一定越大B．速度变化的时间越短，加速度一定越大C．速度变化越快，加速度一定越大D．速度为零，加速度一定为零考点：加速度．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，反映速度变化快慢的物理量．解答：解：A、速度变化越大，速度变化不一定快，加速度不一定大，故A错误．B、根据a=知，变化时间越短，加速度不一定大，还与速度变化量有关，故B错误．C、加速度是反映速度变化快慢的物理量，速度变化越快，加速度越大，故C正确．D、速度为零，加速度不一定为零，比如自由落体运动的初始时刻，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道加速度的物理意义，知道加速度的大小与速度大小、速度变化量的大小无关．8．汽车以20m/s的速度做匀速运动，某时刻关闭发动机而做匀减速运动，加速度大小为5m/s2，则它关闭发动机后通过37.5m所需时间为( )A．3s B．4s C．5s D．6s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式求出末速度的大小，再根据速度时间公式求出运动的时间．解答：解：由得，代入数据解得v=5m/s．根据v=v0+at得，t=．故A正确，B、C、D错误．故选A．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的运动学公式，并能熟练运用．本题也可以通过位移时间公式进行求解．9．列车长为L，铁路桥长也是L，列车沿平直轨道匀加速过桥，车头过桥头的速度是v1，车头过桥尾的速度是v2，则车尾通过桥尾时的速度为( )A．v2B．2v2﹣v1C．D．考点：匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据匀变速直线运动的速度位移公式分别对车头上桥到车头过桥尾和车尾过桥尾的过程列方程组进行求解．解答：解：对车头上桥到车头过桥尾的过程，根据速度位移公式有：，对车头上桥到车尾过桥尾的过程，根据速度位移公式有：，联立两式解得．故D正确，A、B、C错误．故选：D．点评：解决本题的关键掌握匀变速直线运动的速度位移公式，并能灵活运用，基础题．10．一个物体做匀变速直线运动，加速度a=﹣2m/s2．那么，以下认识正确的是( ) A．物体在1s末的速度一定是﹣2m/sB．物体在任意1s末的速度可能比这1s初的速度减小2m/sC．物体在任意1s末的速度是这1s初的速度的2倍D．物体在任意1s末的速度可能比它在前1s初的速度增加2m/s考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：加速度等于单位时间内的速度变化量，结合加速度可求出任意1s内速度的变化量，若速度与加速度同向，做匀加速运动，若速度和加速度反向，则匀减速运动．解答：解：A、因为初速度不一定为零，所以物体1s末的速度不一定是﹣2m/s．故A错误．B、C、加速度a=﹣2m/s2．则任意1s内的速度变化量△v=at=﹣2×1m/s=﹣2m/s，负号表示方向，若速度与加速度同向，做匀加速运动，则任意1s末的速度比该秒初的速度增加了2m/s．若速度和加速度反向，则匀减速运动，则任意1s末的速度比该秒初的速度减小了2m/s．故B正确，C错误．D、物体在任意1s末的速度比前1s初的速度大4m/s．故D错误．故选：B点评：解决本题的关键知道加速度的定义式，知道加速度等于单位时间内的速度变化量11．A、B、C三个物体从同一点出发，沿着一条直线运动的位移﹣时间（S﹣t）图象如图所示，下列说法中正确的是( )A．C物体做加速直线运动B．A物体做曲线运动C．三个物体在0～t0时间内的平均速度v A＞v C＞v BD．三个物体在0～t0时间内的平均速度v A=v B=v C考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：根据位移图线的斜率读出速度，分析物体的运动情况．纵坐标的变化量等于位移大小，读出位移大小关系，比较平均速度大小．解答：解：A、C的位移图线是曲线，但并不表示C做曲线运动．由斜率看出，C的速度逐渐增大，做的是加速直线运动．故A正确；B、A的位移图线是曲线，但并不表示A做曲线运动．由斜率看出，A的速度先正后负，说明A先沿正方向运动，后沿负方向运动，做的是直线运动．故B错误．C、由图看出，三个物体的位置与末位置都相同，位移x相同，运动时间都是t0，而平均速度等于位移除以时间，所以平均速度相等，故C错误，D正确．故选AD点评：本题考查对位移图象的理解．抓住图线的斜率等于速度、纵坐标的变化量表示位移大小．要注意位移图线并不是物体运动的轨迹．12．某物体运动的v﹣t图象如图所示，下列说法不正确的是( )A．物体在第1s末运动方向发生变化B．物体在第3s内和第6s内的加速度是相同的C．物体在2s末返回出发点D．物体在第1s末和第3s末的位置相同考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：v﹣t图象中，倾斜的直线表示匀变速直线运动，斜率表示加速度，图象与坐标轴围成的面积表示位移．在时间轴上方的位移为正，下方的面积表示位移为负，看物体是否改变运动方向就看速度图象是否从时间轴的上方到时间轴的下方．解答：解：A、由图象可知：物体在前2s内速度都为正，运动方向没有发生改变，故A错误．B、物体在第3内、第6内图象的斜率相同，所以加速度是相同的，故B正确；C、图象与坐标轴围成的面积表示位移，由图象可知，物体在4s末位移为零，返回出发点，故C错误；D、物体在1s末和3s末位移相等．故D正确；本题选错误的，故选：AC．点评：本题是速度﹣﹣时间图象的应用，要明确斜率的含义，知道在速度﹣﹣时间图象中图象与坐标轴围成的面积的含义，能根据图象读取有用信息．二、填空题（每空2分，共16分）13．一根原长10cm的弹簧，挂上5N的钩码时弹簧长度变为12cm，当这根弹簧改挂上15N 的钩码时仍在弹性限度内，弹簧长度变为0.16m．考点：胡克定律．分析：当弹簧挂上5N的钩码时，弹簧的弹力F1=5N，伸长的长度x1=2cm．当挂上15N的钩码时弹簧的弹力F2=15N，根据胡克定律求出弹簧伸长的长度，再求出弹簧长度．解答：解：由题F1=5N，x1=2cm，F2=15N，根据胡克定律F=kx得F1：F2=x1：x2代入解得x2=6cm所以弹簧此时的长度为10cm+6cm=16cm故答案：0.16m点评：本题考查胡克定律应用的基本能力，公式F=kx中，x是弹簧伸长或压缩的长度，不是弹簧的长度．14．排球运动员以10m/s的速度把球击出，在0.1s时间内排球撞到网后沿反方向弹回，速度大小5m/s，求此过程中排球速度变化量﹣15m/s，如果按照匀变速运动处理，此过程中加速度为﹣150m/s2．考点：动量定理．专题：动量定理应用专题．分析：先规定正方向，根据△v=v2﹣v1求解速度的改变量，根据a=求解加速度．解答：解：以初速度为正，初速度为10m/s，末速度为﹣5m/s，故：△v=v2﹣v1=（﹣5）﹣10=﹣15m/s加速度为：a==故答案为：﹣15，﹣150．点评：本题关键是明确速度、速度的改变量、加速度都是矢量，要先规定正方向，基础题目．15．要测定个人的反应速度，如图所示，请你的同学用手指拿着一把长30cm的直尺，他的手抓在28cm处，你的手候在2cm处，当他松开直尺，你见到直尺下落，立即用手抓住直尺，记录抓住处的数据，重复以上步骤多次．现有A、B、C三位同学相互测定反应速度得到的数据（单位：cm，重力加速度g取10m/s2）第一次第二次第三次A 27 26 28B 29 26 23C 26 24 22这三位同学中反应速度最快的是C同学，他的最快反应时间为0.2s．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：在人的反应时间内，直尺做自由落体运动，根据公式h=gt2，可知h越小，反应时间越小，反应速度越快．解答：解：（1）在人的反应时间内，直尺做自由落体运动，通过表格中数据知，在B同学反应时间中，直尺下降的位移最小．根据公式h=gt2，位移越小，反应时间越快．所以C同学反应时间最快．（2）在C同学反应时间中，直尺下降的最小位移为22﹣2cm=20cm．所以最快的反应时间t==0.2s故答案为：C；0.2s点评：解决本题的关键知道在人的反应时间内，直尺做自由落体运动，根据公式h=gt2，可知下降的位移越小，反应时间越快．16．在“探究速度随时间变化的规律”实验中，小车做匀变速直线运动，记录小车运动的纸带如图所示．某同学在纸带上共选择7个计数点A、B、C、D、E、F、G，相邻两个计数点之间还有4个点没有画出．（1）两计数点之间的时间间隔是0.1 s（2）打B点时小车的速度v B=0.25m/s，（要求保留两位有效数字）（3）计算出小车运动的加速度为a=1.0m/s2（要求保留两位有效数字）考点：探究小车速度随时间变化的规律．专题：实验题．分析：根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可以求出加速度的大小，根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度．解答：解：（1）由于每相邻两个计数点间还有4个点没有画出，所以相邻的计数点间的时间间隔T=0.1s，（2）根据匀变速直线运动中时间中点的速度等于该过程中的平均速度，可以求出打纸带上B点时小车的瞬时速度大小：v B==0.25m/s；（3）根据匀变速直线运动的推论公式△x=aT2可得：a===1.0m/s2故答案为：（1）0.1 （2）0.25 （3）1.0点评：要提高应用匀变速直线的规律以及推论解答实验问题的能力，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用．三、计算题（本题共4小题，18、19、20题10分，17题6分共36分．解答应写出必要的文字说明、一级方程式和重要的计算步骤．只写出最后答案的不得分，有数值计算的题，答案中需要明确写出数值和单位）．17．某一做直线运动的物体的v﹣t图象如图所示，根据图象求：（1）物体距出发点的最远距离？（2）前4s内物体的位移？（3）前4s内通过的路程？考点：匀变速直线运动的图像；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：运动学中的图像专题．分析：（1）速度图象与坐标轴围成的“面积”大小等于物体通过的位移，位移的正负表示物体是在出发点正方向上还是在出发点的负方向上．由图分析可知，在t=3s末时刻物体离出发点的最远，由“面积”求出最远距离．（2）根据图线在t轴上方，“面积”表示的位移为正，下方表示的位移为负，求解前4s物体的位移；（3）前4s内通过的路程等于前3s内位移大小和后1s内位移大小之和．解答：解：（1）速度图象与坐标轴围成的“面积”大小等于物体通过的位移，由图可知，前3s内物体沿正向运动，3s后沿负向返回，所以在t=3s末时刻离出发点的最远，则最远距离为：（2）前4s位移为=5m（3）前4s内通过路程：答：（1）物体距出发点的最远距离是6m；（2）前4s物体的位移是5m；（3）前4s内通过的路程是7m．点评：解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线与时间轴围成的面积表示位移，抓住路程等于各段位移大小之和进行求解．18．从离地面500m的空中自由落下一个小球，取g=10m/s2，求小球：（1）落到地面经过多长时间．（2）自开始下落计时，在第1s内的位移、最后1s内的位移．考点：自由落体运动．专题：自由落体运动专题．分析：（1）小球做自由落体运动，是初速度为0加速度为g的匀加速直线运动，由位移公式求出时间为10s；（2）由位移公式求出小球在第1s内通过的位移，先求出前9s内位移，再求出小球落地前最后1s内的位移．解答：解：（1）取竖直向下为正方向，小球做自由落体运动；由，得落地时间：（2）第1s内的位移：（3）因为从开始运动起前9s的位移为：所以最后1s内的位移为△s=s﹣s9=500 m﹣405 m=95m答：（1）落到地面所需时间为10s．（2）自开始下落计时，在第1s内的位移、最后1s内的位移分别为5m，95m点评：自由落体运动是特殊的匀变速直线运动，遵守匀变速运动的普遍规律．本题也可以作速度图象求解．19．一辆卡车紧急刹车过程中的加速度的大小是5m/s2，如果在刚刹车时卡车的速度为10m/s，求：（1）刹车开始后1s内的位移大小；（2）刹车开始后3s内的位移大小；（3）3s内的平均速度大小．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；平均速度．专题：直线运动规律专题．分析：（1）求出卡车刹车到停止所需的时间，因为卡车速度为零后不再运动，然后根据匀变速直线运动的位移时间公式求出刹车后的位移．（2）由位移公式或速度位移公式求出3s内的位移；（3）由平均速度公式求出平均速度．解答：解：（1）卡车刹车到停止所需的时间为：t0===2s＞1s．所以1s内卡车还未停止，则位移：x=v0t﹣at2=10×1﹣×5×12=7.5m；．故刹车开始后1s内的位移大小为7.5m．（2）卡车2s速度为零，所以刹车后3s内的位移等于2s内的位移．3s内的位移为：x′===10m；（3）3s内的平均速度：==≈3.33m/s；答：（1）刹车开始后1s内的位移大小为7.5m；（2）刹车开始后3s内的位移大小为10m；（3）3s内的平均速度大小为3.33m/s．点评：本题属于易错题，很多同学不注意卡车刹车后速度为零后不再运动．所以求解时先求出卡车刹车到停止所需的时间．20．正以30m/s的速率运行的列车，接到前方小站的请求：接一垂危病人上车．列车先以加速度大小0.6m/s2做匀减速运动，恰到该小站停止，停车lmin后再以1.0m/s2的加速度匀加速直线启动，直到恢复原速行驶．（列车始终沿直线运动），求：（1）该列车匀减速运动到停车走了多少位移．（2）该列车由于临时停车，共耽误多长时间．考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系；匀变速直线运动的速度与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：求出列车减速到零再加速到原来速度这段时间内的位移，求出在这段位移内若以30m/s速度运行所需的时间，再求出实际通过这段位移的时间，两时间之差为临时停车所耽误的时间．解答：解：（1）列车匀减速运动的位移为：x1===750m，（2）匀减速运动的时间为：t1===50s．。

江西省宜春市丰城中学2023-2024学年高三上学期期中考试物理

丰城中学2023-2024学年上学期高三期中考试试卷物理本试卷总分值为100分：考试时长为75分钟一、选择题（本题共11小题，每小题4分，共44分。

1-7为单项选题，8-11为多项选择题，全选对得4分，漏选得2分，有选错，多选的得0分）1. 电动平衡车越来越受到年轻人的喜爱，如图所示。

当人站在电动平衡车上和车一起匀速水平前进的过程中，下列说法中正确的是（）A. 人和平衡车的总机械能一直保持不变B. 平衡车车轮往往做得比较粗糙是为了减小摩擦力C. 人和平衡车匀速运动的速度越快，惯性越大D. 平衡车受到的重力和地面对车的支持力是一对平衡力2. 在杭州举行第19届亚运会男子3米跳板决赛中，中国选手包揽冠亚军。

从运动员离开跳板开始计时，跳水过程中运动员重心的v t -图像如图所示，运动员的轨迹视为直线，取竖直向下为正方向。

下列说法正确的是（）A. 运动员在1s 时到达水下最深处B. 运动员在2s 时已浮出水面C. 运动员在1s 2s 的位移大小小于4mD. 运动员在01s ~的位移大小为10m3. 滑板运动是一项青春、时尚、绿色，阳光的体育运动。

如图所示，跳台的斜面AB 长为L ，C 点为斜面中点。

滑板运动员（视为质点）从斜面顶端A 点水平跃出，第一次速度为0v ，刚好落在C 点；第二次试跳中，要落在斜面底端B 点，则离开A点时水平速度大小应为（）的A. 0B. 02vC. 0D. 03v 4. 木板MN N 端通过铰链固定在水平地面上，M 端可自由转动．刚开始A 、B 两物块叠放在一起静止在木板上，如图所示，此时B 物块上表面水平，木板与地面之间的夹角为θ．现使夹角θ缓慢增大，若此过程中A 、B 与木板始终保持相对静止状态．则A. 物块A 、B 间始终没有摩擦力B. 物块B 对物块A 的作用力不变C. 木板对物块B 的作用力减小D. 木板与物块B 之间的摩擦力减小5. 某同学周末在家大扫除，移动衣橱时，无论怎么推也推不动，于是他组装了一个装置，如图所示，两块相同木板可绕A 处的环转动，两木板的另一端点B 、C 分别用薄木板顶住衣橱和墙角，该同学站在该装置的A 处。

江西省宜市丰城中学高三物理上学期第四次月考试卷(含解析)

2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高三（上）第四次月考物理试卷一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．）1．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中正确的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了电磁感应定律B．库仑提出了库仑定律，并最早实验测得元电荷e的数值C．伽利略发现了行星运动的规律，并通过实验测出了引力常量D．法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机2．如图所示，光滑固定斜面C倾角为θ，质量均为m的两物块A、B一起以某一初速沿斜面向上做匀减速直线运动．已知物块A上表面是水平的，则在该减速运动过程中，下列说法正确的是（）A．物块A受到B的摩擦力水平向左B．两物块A、B之间的摩擦力大小为mgsinθ cosθC．物块B的机械能减少D．物块B受到A的支持力做负功3．如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G．现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近（C点与A点等高）．则绳中拉力大小变化的情况是（）A．先变小后变大 B．先变小后不变 C．先变大后不变 D．先变大后变小4．如图所示，在水平板左端有一固定挡板，挡板上连接一轻质弹簧．紧贴弹簧放一质量为m的滑块，此时弹簧处于自然长度．已知滑块与挡板的动摩擦因数及最大静摩擦因数均为．现将板的右端缓慢抬起使板与水平面间的夹角为θ，最后直到板竖直，此过程中弹簧弹力的大小F随夹角θ的变化关系可能是图中的（）A．B．C．D．5．阿彪学习了电路相关知识后想设计一个自动电路，希望电路电键闭合后能使消毒用电器在光照时正常工作，黑暗时停止工作．现消毒用电器P，电阻为20kΩ，它只有在电压高于24V时才能工作．今用一个光敏电阻R1对它进行控制，光敏电阻在光照时为100Ω，黑暗时为1000Ω．电源电动势E为36V，内阻不计，另有一个定值电阻R2，电阻为1000Ω．下列符合的是（）A．B．C．D．6．空间存在着平行于x轴方向的静电场，其电势ϕ随x的分布如图所示，A、M、O、N、B 为x轴上的点，|OA|＜|OB|，|OM|=|ON|．一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M点由静止开始沿x轴向右运动，则下列判断中正确的是（）A．粒子一定带正电B．粒子从M向O运动过程中所受电场力均匀增大C．粒子一定能通过N点D．粒子从M向O运动过程电势能逐渐增加7．如图，水平光滑导轨接有电源，电动势为E，内电阻为r，导轨上放有三根同样粗细同种材料制作导体棒a、b、c，其它的电阻不计，a导体棒与边成60度角度，b与边垂直，c为一直径与b等长的半圆，整个装置置于竖直向下的匀强磁场中，三棒受到安培力的关系为（）A．F a=F b＞F c B．F a=F b=F c C．F b＜F a＜F c D．F b＞F c＞F a8．如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．则（）A．场强E a＞E b，E b＞E cB．电势φa＞φb，φc＞φbC．沿cba路径移动质子与电子，电荷的电势能改变是一样的D．沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．如图所示，电源E的内阻不计，其中A为理想电流表，V1、V2为理想电压表，R1、R2、R3为定值电阻．开始时S是断开的，当闭合开关S时，各电表的示数变化情况正确的是（）A．电压表V1的示数变小B．电压表V2的示数变小C．电流表A的示数变小D．电流表A的示数变大10．如图所示，在光滑绝缘水平面上有一半径为R的圆，AB是一条直径，空间有匀强电场场强大小为E，方向与水平面平行．在圆上A点有一发射器，以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q的小球，小球会经过圆周上不同的点，在这些点中，经过C点的小球的动能最大．由于发射时刻不同时，小球间无相互作用．且∠α=30°，下列说法正确的是（）A．电场的方向与AC间的夹角为30°B．电场的方向与AC间的夹角为60°C．小球在A点垂直电场方向发射，恰能落到C点，则初动能为qERD．小球在A点垂直电场方向发射，恰能落到C点，则初动能为qER11．一微粒质量为m带负电荷，电荷量大小是q，如图所示，将它以一定初速度在磁场中P 点释放以后，它就做匀速直线运动，已知匀强磁场的磁感应强度为B，空气对微粒的阻力大小恒为f，则关于微粒做匀速直运动下列描述中正确的是（）A．微粒不可能沿竖直方向上运动B．微粒可能沿水平方向上运动C．微粒做匀速运动时的速度v大小为v=D．微粒做匀速运动时的速度v大小为12．如图所示，在xOy平面内的y轴和虚线之间除了圆形区域外的空间存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向外，磁感应强度大小为B．虚线经过Q点（ 3L，0）且与y轴平行．圆形区域的圆心P的坐标为（ 2L，0），半径为L．一个质量为m、电荷量为q的带正电的粒子从y 轴上某点垂直y轴进入磁场，不计粒子的重力，则（）A．如果粒子没有经过圆形区域到达了Q点，则粒子的入射速度为v=B．如果粒子没有经过圆形区域到达了Q点，则粒子的入射速度为v=C．粒子第一次从P点经过了x轴，则粒子的最小入射速度为v min=D．粒子第一次从P点经过了x轴，则粒子的最小入射速度为v min=三、实验题（共2小题，每空4分，共20分）13．小明为了较为准确的测定一个“2.5V，0.2A”的小灯泡正常工作时的阻值并描绘小灯泡伏安特性曲线，现有以下器材可供选择：A、电流表A（量程为0～300mA，内阻为1Ω）B、电压表V（量程为0～3V，内阻约为3kΩ）C、最大阻值约为10Ω的滑动变阻器；D、电源E（电动势约4V，内阻不计）；E、开关S、导线若干．（1）应该选择下列图1电路中哪个？（2）现通过实验并修正后描绘出了小灯泡的伏安特性曲线如图2甲所示，若将与实验小灯泡相同规格的灯泡按图2乙和图2丙与电动势为E=3V，内阻为r=15Ω的旧电源相连接，则下列说法正确的是．A、乙图中小灯泡电流约为0.10AB、乙图中小灯泡电压约为1.1VC、丙图中小灯泡电流约为0.10AD、丙图中小灯泡电压约为0.5V．14．某同学制作了一个水果电池（电动势E约为1V，内阻r约为1KΩ），现为了较准确地测量其电动势与内阻，现有的器材及其代号和规格如下：A．电压表V，（0～3V，内阻约为2000Ω）B．电流表A1，（0～0.6mA，内阻为1000Ω）C．电流表A2，（0～3mA，内阻约为600Ω）D．滑动变阻器R1（0～10Ω）E．滑动变阻器R2（0～2kΩ）F．电阻箱R3（0～99999Ω）G．开关S、导线若干（1）为使实验误差较小，除了G，应该选择器材（填所选器材前的字母代号如A、B、C等），并在虚线框中画出测量的电路图，并标明所用器材的符号（如R1等）．（2）E和r的关系为（用符号表示，如：电流表A2读数可记作I2，R3读数记作R3）．四、计算题（8+10+10+12=40分）15．在水平导轨AB的两端各有一竖直的挡板A和B，AB长L=4m，物体从A处开始以6m/s 的速度沿轨道向B运动，已知物体在碰到A或B以后，均以与碰前等大的速度反弹回来，并且物体在导轨上做匀减速运动的加速度大小不变，为了使物体能够停在AB的中点，则这个加速度的大小应为多少？16．如图，竖直放置的大圆环圆心为O，半径为R，质量为m的小球A套在大圆环上，有一足够长的细轻绳拴在A上，另一端跨过固定在大圆环最高点C处的一个小滑轮后吊着一个小球B，不计滑轮半径和质量、不计绳子的质量，不计一切摩擦，绳子不可伸长．平衡时弦CA 所对的圆心角θ=30°．求：（1）小球B质量m B．（2）若m B=m，将小球A从圆心O的等高点D静止释放后小球A、B轨道稍微错开互不影响，求小球A的最大速度v AM．（可含根式）17．如图所示的电路中，R1=1Ω，R2=2Ω，R3未知，当开关S接a时，R2上消耗的电功率为4.5W，当开关S接b时，电压表示数为3.6V，当开关S接c时，电流表示数为1.5A，试求：（1）电源的电动势和内电阻；（2）R3的阻值．18．如图甲所示，间距为d，垂直于纸面的两平行板P，Q间存在匀强磁场，取垂直于纸面向里为磁场的正方向，磁感应强度随时间的变化规律如图乙所示，t=0时刻，一质量为m，带电量为+q的粒子（不计重力），以初速度v0，由Q板左端靠近板面的位置，沿垂直于磁场且平行于板面的方向射入磁场区，当B0和T B取某些特定值时，可使t=0时刻入射的粒子经△t时间恰能垂直打在P板上（不考虑粒子反弹），上述m、q、d、v0为已知量．（1）若△t=T B，求B0；（2）若△t=T B，求粒子在磁场中运动时加速度的大小；（3）若B0=，为使粒子仍能垂直打在P板上，求T B．2015-2016学年江西省宜春市丰城中学高三（上）第四次月考物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题（本题共8小题，每小题3分，共24分．）1．物理学的发展丰富了人类对物质世界的认识，推动了科学技术的创新和革命，促进了物质生产的繁荣与人类文明的进步，下列说法中正确的是（）A．奥斯特发现了电流的磁效应，并提出了电磁感应定律B．库仑提出了库仑定律，并最早实验测得元电荷e的数值C．伽利略发现了行星运动的规律，并通过实验测出了引力常量D．法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机【考点】物理学史．【专题】常规题型．【分析】根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．【解答】解：A、奥斯特发现了电流的磁效应，法拉第提出了电磁感应定律，故A错误；B、库仑提出了库仑定律，密立根最早实验测得元电荷e的数值，故B错误；C、伽利略发现了行星运动的规律，卡文迪许通过实验测出了引力常量，故C错误；D、法拉第不仅提出了场的概念，而且发明了人类历史上的第一台发电机，故D正确；故选：D．【点评】本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2．如图所示，光滑固定斜面C倾角为θ，质量均为m的两物块A、B一起以某一初速沿斜面向上做匀减速直线运动．已知物块A上表面是水平的，则在该减速运动过程中，下列说法正确的是（）A．物块A受到B的摩擦力水平向左B．两物块A、B之间的摩擦力大小为mgsinθ cosθC．物块B的机械能减少D．物块B受到A的支持力做负功【考点】功能关系；摩擦力的判断与计算．【专题】定性思想；推理法；守恒定律在近代物理中的应用．【分析】根据整体法求出AB共同的加速度，将加速度分解为水平方向和竖直方向，隔离对B分析，求出A、B之间的支持力和摩擦力．【解答】解：A、对整体分析，其加速度沿斜面向下，可将此加速度分解为水平方向和竖直方向，再隔离B分析可得，故B定会受到A是加大水平向左的摩擦力，根据牛顿第三定律，则物块A受到B的摩擦力水平向右，故A错误B、对整体分析，其加速度沿斜面向下，可将此加速度分解为水平方向和竖直方向，水平方向上的加速度a1=acosθ=gsinθcosθ，竖直方向上的分速度a2=asinθ=gsin2θ．隔离对B 分析，A对B的摩擦力f=ma1=mgsinθcosθ．故B正确；C、先对整体分析，有沿向下加速度为gsinθ．再对B分析，（把A对B的摩擦力和支持力看作一个力），重力沿斜面的分力产生的加速度为gsinθ，重力的另一个分力与把A对B的作用力平衡，所以B对A的合力垂直于斜面方向，不做功，所以B机械能不变，故C错误；D、物块B受到A的支持力向上，物体B有向上的位移，故支持力做正功．故D错误．故选：B【点评】解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离的运用．3．如图所示，在竖直放置的穹形光滑支架上，一根不可伸长的轻绳通过轻质滑轮悬挂一重物G．现将轻绳的一端固定于支架上的A点，另一端从B点沿支架缓慢地向C点靠近（C点与A点等高）．则绳中拉力大小变化的情况是（）A．先变小后变大 B．先变小后不变 C．先变大后不变 D．先变大后变小【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，两绳的夹角增大．滑轮两侧绳子的拉力大小相等，方向关于竖直方向对称．以滑轮为研究对象，根据平衡条件研究绳的拉力变化情况．当轻绳的右端从直杆的最上端移到C点的过程中，根据几何知识分析得到滑轮两侧绳子的夹角不变，由平衡条件判断出绳子的拉力保持不变．【解答】解：当轻绳的右端从B点移到直杆最上端时，设两绳的夹角为2θ．以滑轮为研究对象，分析受力情况，作出力图如图1所示．根据平衡条件得2Fcosθ=mg得到绳子的拉力F=所以在轻绳的右端从B点移到直杆最上端时的过程中，θ增大，cosθ减小，则F变大．当轻绳的右端从直杆最上端移到C点时，设两绳的夹角为2α．设绳子总长为L，两直杆间的距离为S，由数学知识得到sinα=，L、S不变，则α保持不变．再根据平衡条件可知，两绳的拉力F保持不变．所以绳中拉力大小变化的情况是先变大后不变．故选C【点评】本题是共点力平衡中动态变化分析问题，关键在于运用几何知识分析α的变化，这在高考中曾经出现过，有一定的难度．4．如图所示，在水平板左端有一固定挡板，挡板上连接一轻质弹簧．紧贴弹簧放一质量为m的滑块，此时弹簧处于自然长度．已知滑块与挡板的动摩擦因数及最大静摩擦因数均为．现将板的右端缓慢抬起使板与水平面间的夹角为θ，最后直到板竖直，此过程中弹簧弹力的大小F随夹角θ的变化关系可能是图中的（）A．B．C．D．【考点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．【专题】共点力作用下物体平衡专题．【分析】将板的右端缓慢抬起过程中，在滑块相对于板滑动前，弹簧处于自然状态，没有弹力．当滑块相对于板滑动后，滑块受到滑动摩擦力，由平衡条件研究弹簧弹力的大小F与夹角θ的变化关系．【解答】解：设板与水平面的夹角为α时，滑块相对于板刚要滑动，则由mgsinα=μmgcosα得：tanα=，α=；则θ在0﹣范围内，弹簧处于原长，弹力F=0；当板与水平面的夹角大于α时，滑块相对板缓慢滑动，由平衡条件得：F=mgsinθ﹣μmgcosθ=mg×•sin（θ﹣β），其中tanβ=μ，说明F与θ正弦形式的关系．当θ=时，F=mg．故选：C．【点评】本题要应用平衡条件得到F与θ的函数关系式，再应用数学知识选择图象，考查运用数学知识分析物理问题的能力．5．阿彪学习了电路相关知识后想设计一个自动电路，希望电路电键闭合后能使消毒用电器在光照时正常工作，黑暗时停止工作．现消毒用电器P，电阻为20kΩ，它只有在电压高于24V时才能工作．今用一个光敏电阻R1对它进行控制，光敏电阻在光照时为100Ω，黑暗时为1000Ω．电源电动势E为36V，内阻不计，另有一个定值电阻R2，电阻为1000Ω．下列符合的是（）A．B．C．D．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；归谬反证法；恒定电流专题．【分析】根据闭合电路欧姆定律逐项分析四个电路，当消毒用电器P所占电压高于24V时才能正常工作．【解答】解：A、在光照时，光敏电阻为100Ω，P电阻为20kΩ，R2电阻为1000Ω，P占的电压超过，正常工作；黑暗时，光敏电阻1000Ω，P占的电压超过，正常工作，故A错误；B、同理可以求得B电路中光照和黑暗时，P占的电压均超过，P都能工作，故B错误；C、电路C中P与R2并联，电阻略小于1000Ω，能使消毒用电器在光照时正常工作，黑暗时停止工作，故C正确；D、电路D中P与R1并联，光照时并联部分电阻小于100Ω，黑暗时电阻略小于1000Ω，不能使消毒用电器在光照时正常工作，黑暗时停止工作，故D错误．故选：C【点评】本题主要考查了闭合电路欧姆定律的直接应用，要求同学们能根据电路图求出P 的电压，难度大．6．空间存在着平行于x轴方向的静电场，其电势ϕ随x的分布如图所示，A、M、O、N、B 为x轴上的点，|OA|＜|OB|，|OM|=|ON|．一个带电粒子在电场中仅在电场力作用下从M点由静止开始沿x轴向右运动，则下列判断中正确的是（）A．粒子一定带正电B．粒子从M向O运动过程中所受电场力均匀增大C．粒子一定能通过N点D．粒子从M向O运动过程电势能逐渐增加【考点】电势差与电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图可知，AB两点电势相等，M点的电势小于N点的电势，O点的电势最高．根据粒子在电场作用下运动的方向可以判断它的电性；【解答】解：A：由图可知，AB两点电势相等，O点的电势最高，A到O是逆电场线，粒子仅在电场力作用下，从M点由静止开始沿x轴向右运动即逆电场线方向运动，故粒子一定带负电．A错误；B：A到M电势均匀升高，故A到0的电场是匀强电场，所以粒子M向O运动过程中所受电场力不变．故B错误；C：由图可知，AB两点电势相等，M点的电势小于N点的电势，故M到O电场力做的功大于O到N电场力做的功，所以粒子能通过N点．故C正确；D：粒子从M向O运动过程电场力做正功，电势能一定减小，故D错误．故选：C【点评】该题中根据电势的关系，判定各点的电势高低是解题的关键；另外电势能不仅与电荷有关还与电势有关，分析时一定要注意电荷的正负．属于基础题目．7．如图，水平光滑导轨接有电源，电动势为E，内电阻为r，导轨上放有三根同样粗细同种材料制作导体棒a、b、c，其它的电阻不计，a导体棒与边成60度角度，b与边垂直，c为一直径与b等长的半圆，整个装置置于竖直向下的匀强磁场中，三棒受到安培力的关系为（）A．F a=F b＞F c B．F a=F b=F c C．F b＜F a＜F c D．F b＞F c＞F a【考点】安培力．【专题】定量思想；图析法；磁场磁场对电流的作用．【分析】图中三导体棒并联，两端电压相同，根据欧姆定律求的流过的电流，图中导体棒都与磁场垂直，对直棒的安培力，直接安培力公式F=BIL求解；对于弯棒c，可等效为长度为直径的直棒【解答】解：导体棒abc并联，故两端的电压相同，设为U设a、b两棒的长度分别为L a和L b．c的直径为d．导体棒的abc的电阻分别为：，，流过a的电流为：，流过b的电流为：由于导体棒都与匀强磁场垂直，则：a、b三棒所受的安培力大小分别为：F a=BI a=；F b=BI b L=F C=BI c L=；联立解得F a=F b＞F c，故A正确故选：A【点评】本题关键要确定出导体棒的有效长度，知道对于弯棒的有效长度等于连接两端直导线的长度，利用好F=BIL即可求得8．如图所示为某示波管内的聚焦电场，实线和虚线分别表示电场线和等势线．则（）A．场强E a＞E b，E b＞E cB．电势φa＞φb，φc＞φbC．沿cba路径移动质子与电子，电荷的电势能改变是一样的D．沿bc方向直线射入的电子有可能做曲线运动【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】沿电场线电势降低，电场强度的大小与电场线的疏密的关系；沿着电场线方向电势是降低的．明确电荷在电场中的受力特点以及电场力做功情况，从而进一步判断电势能变化情况．根据受力情况，分析电子的运动情况．【解答】解：A、根据电场线的疏密表示电场强度的相对大小，可知E a＞E b＞E c．故A正确．B、沿着电场线方向电势是降低的，同一等势面上各点的电势相等，则知φc＞φb=φa．故B 错误．C、沿cba路径移动质子与电子，根据公式W=qU，知由于电子与质子的电性相反，电场力对质子做正功，对电子做负功，则质子的电势能减小，电子的电势能增大．故C错误．D、沿bc方向直线射入的电子，所受的电场力沿cb方向，电子做直线运动．故D错误．故选：A．【点评】本题关键是明确电场强度的大小看电场线的疏密程度，电场力做功看电荷的电性和电势差，属于基础问题．二、多项选择题（本题共4小题，每小题4分，共16分．全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．）9．如图所示，电源E的内阻不计，其中A为理想电流表，V1、V2为理想电压表，R1、R2、R3为定值电阻．开始时S是断开的，当闭合开关S时，各电表的示数变化情况正确的是（）A．电压表V1的示数变小B．电压表V2的示数变小C．电流表A的示数变小D．电流表A的示数变大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】动态预测题；整体思想；图析法；恒定电流专题．【分析】当闭合开关S时，外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律分析干路电流的变化、路端电压的变化和电阻R1电压的变化．根据电阻R2的电压与路端电压、R1电压的关系，分析R2的电压变化．【解答】解：A、当闭合开关S时，引起外电路总电阻减小，由闭合电路欧姆定律得知，干路电流I增大，电压表V1的示数U=E﹣Ir，U变小．故A正确．B、电压表V2的示数U2=E﹣I（R1+r），I增大，U2变小．故B正确．CD、干路电流I增大，电流表A的示数变大．故C错误，D正确．故选：ABD【点评】本题是电路中动态变化分析问题，关键要处理好局部与整体的关系．对于路端电压也可直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断．10．如图所示，在光滑绝缘水平面上有一半径为R的圆，AB是一条直径，空间有匀强电场场强大小为E，方向与水平面平行．在圆上A点有一发射器，以相同的动能平行于水平面沿不同方向发射带电量为+q的小球，小球会经过圆周上不同的点，在这些点中，经过C点的小球的动能最大．由于发射时刻不同时，小球间无相互作用．且∠α=30°，下列说法正确的是（）A．电场的方向与AC间的夹角为30°B．电场的方向与AC间的夹角为60°C．小球在A点垂直电场方向发射，恰能落到C点，则初动能为qERD．小球在A点垂直电场方向发射，恰能落到C点，则初动能为qER【考点】动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】动能定理的应用专题．【分析】小球在匀强电场中，从A点运动到C点，根据动能定理qU AC=E k，因为到达C点时的小球的动能最大，所以U AC最大，即在圆周上找不到与C电势相等的点．所以与C点电势相等的点在过C点的切线上．再根据电场线与等势线垂直，可以画出电场线，即可确定电场的方向．小球做类平抛运动，根据平抛运动的知识分析小球的运动情况，分别相互垂直的两个上列式求解初动能．【解答】解：A、B：小球在匀强电场中，从a点运动到c点，根据动能定理qU AC=E k得因为到达C点时的小球的动能最大，所以U AC最大，则在圆周上找不到与C电势相等的点．且由A到C电场力对小球做正功．过C点作切线，则CF为等势线．过A点作CF的垂线，则该线为电场线，场强方向如图示．因为∠CAB=30°，则连接CO，∠ACO=30°，所以电场方向与AC间的夹角θ为30°；故A 正确，B错误．C、D：小球只受电场力，做类平抛运动．x=Rcos30°=v0t，y=R+Rsin30°=，由以上两式得：E k=mv02=qER；故C正确，D错误．故选：AC【点评】本题关键考查对电场力做功公式W=qEd的理解和应用，d是沿电场方向两点间的距离．此题还要求熟练掌握功能关系和类平抛运动的研究方法．11．一微粒质量为m带负电荷，电荷量大小是q，如图所示，将它以一定初速度在磁场中P 点释放以后，它就做匀速直线运动，已知匀强磁场的磁感应强度为B，空气对微粒的阻力大小恒为f，则关于微粒做匀速直运动下列描述中正确的是（）A．微粒不可能沿竖直方向上运动B．微粒可能沿水平方向上运动C．微粒做匀速运动时的速度v大小为v=。

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