高二物理下册第一次月考试卷7
高二物理下学期第一次月考试题(含答案)
高二下学期第一次月考物理试题一、选择题 （本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确。
全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得0分。
）1、关于电磁感应，下列说法中正确的是： ( ) A.穿过线圈的磁通量越大，感应电动势越大 B.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势越大 C.穿过线圈的磁通量为零，感应电动势一定为零 D.穿过线圈的磁通量变化越快，感应电动势越大2、某交变电流的方向在1s 内改变100次，则其周期T 和频率f 分别为（ ） A 、T=0.01s B 、T=0.02s C 、f=100Hz D 、f =50Hz3、如图所示，矩形闭合金属框abcd 的平面与匀强磁场垂直，若ab边受竖直向上的磁场力的作用，则可知线框的运动情况是 （ ）A ．向左平动进入磁场B ．向右平动退出磁场C ．沿竖直方向向上平动D ．沿竖直方向向下平动4、如图所示，闭合线圈上方有一竖直放置的条形磁铁，磁铁的N 极朝下，当磁铁向下运动时（但末插入线圈内部） （ ）A 、线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互吸引；B 、线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相同，磁铁与线圈相互排斥；C 、线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互吸引；D 、线圈中感应电流的方向与图中箭头方向相反，磁铁与线圈相互排斥；5、粗细均匀的电阻丝围成的正方形线框置于有界匀强磁场中，磁场方向垂直于线框平面，其边界与正方形线框的边平行。
现使线框以同样大小的速度沿四个不同方向平移出磁场，如图所示，则在移出过程中线框一边a 、b 两点间的电势差绝对值最大的是 （ ）A. C. D.6、如图所示，金属导轨上的导体棒ab 在匀强磁场中沿导轨做下列哪种运动时，线圈c 中将没有感应电流产生 （ ） A ．向右做匀速运动 B ．向左做匀加速直线运动bC ．向右做减速运动D ．向右做变加速运动7、如图所示，电灯的灯丝电阻为2Ω，电池电动势为2V ，内阻不计，线圈匝数足够多，其直流电阻为3Ω．先合上电键K ，过一段时间突然断开，则下列说法中正确的有：( ) A ．电灯立即熄灭B ．电灯立即先暗再熄灭C ．电灯会突然比原来亮一下再熄灭，且电灯中电流方向与K 断开前方向相同D ．电灯会突然比原来亮一下再熄灭，且电灯中电流方向与K 断开前方向相反8、穿过一个单匝线圈的磁通量始终保持每秒钟减少2Wb ，则 （ ） A ．线圈中感应电动势每秒增加2V B ．线圈中感应电动势每秒减少2V C ．线圈中无感应电动势 D ．线圈中感应电动势保持不变9、一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动．线圈中的感应电动势e 随时间t 的变化如图所示．下面说法中正确的是：（ ）A.t 1时刻通过线圈的磁通量为零B.t 2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大C.t 3时刻通过线圈的磁通量变化率的绝对值最大D.每当e 变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大。
高二下学期第一次月考物理试题(解析版)
⑤在山脚下走时准确的摆钟移到高山上走时将变快
A. ③④B. ②③
C. ③④⑤D. ①④⑤
【答案】B
【解析】
【详解】①②．单摆的回复力是重力沿摆球运动轨迹切向的分力，选项①错误，②正确；
③．根据 可知，单摆的周期与摆球质量无关，与振幅无关，与摆长和当地的重力加速度有关，则③正确；
5.如图所示，质量为 的物体A放置在质量为 的物体B上，B与弹簧相连，它们一起在光滑水平面上做简谐运动，振动过程中A、B之间无相对运动，设弹簧劲度系数为k，当物体离开平衡位置的位移为x时，A受到的回复力的大小等于（ ）
A 0B.kxC. D.
【答案】C
【解析】
【详解】物体A和B为整体做简谐运动，当物体离开平衡位置的位移为 时，回复力的大小即为弹簧的弹力大小为 ，则对整体为研究对象有
10.光从某种玻璃中射向空气，入射角i从零开始增大到某一值的过程中，折射角γ也随之增大，则下列说法正确的是（ ）
A. 比值 不变B. 比值 是一个大于1的常数
C. 比值 逐渐增大D. 比值 是一个小于1的常数
由波动图象可知，此时质点a位于波峰处，根据质点振动特点可知，质点a的加速度最大，故A错误，此时质点b位于平衡位置，所以速度为最大，故B错误，若波沿x轴正方向传播，由“上下坡法”可知，质点b向y轴正方向运动，故C正确，若波沿x轴负方向传播，由“上下坡法”可知，a质点沿y轴负方向运动，c质点沿y轴正方向运动，所以质点c比质点a先回到平衡位置，故D错误．
A.C点B.C点右侧C.C点左侧D. 不能确定
【答案】A
【解析】
【详解】根据题目的信息知两球运动都可以看做单摆的运动，根据
可知周期相同，所以到达平衡位置C的时间相同，即相遇点为C。
高二物理下学期第一次月考试题(带答案)
一、选择题(7、8、12为多选，其余为单选，共12小题，共48分。
下列各小题中，全部选对的得4分，选对但选不全的得2分，选错或不选的得0分。
1 ．如图所示，弹簧振子在振动过程中，振子从a到b历时0.2 s，振子经a、b两点时速度相同，若它从b再回到a的最短时间为0.4 s，则该振子的振动频率为( )．A．1 Hz B．1.25 HzC．2 Hz D．2.5 Hz2．如图所示为某弹簧振子在0～5 s内的振动图象，由图可知，下列说法中正确的是( )．A．振动周期为5 s，振幅为8 cmB．第2 s末振子的速度为零，加速度为负向的最大值C．第3 s末振子的速度为正向的最大值D．从第1 s末到第2 s末振子在做加速运动3．下列现象中，属于光的衍射的是( )A．雨后天空出现彩虹B．通过一个狭缝观察日光灯可看到彩色条纹C．海市蜃楼现象D．日光照射在肥皂膜上出现彩色条纹4．如下图所示，甲为沿x轴传播的一列简谐横波在t＝0时刻的波动图象，乙图为参与波动质点P的振动图象，则下列判断正确的是( )A．该波的传播速率为4 cm/sB．该波的传播方向沿x轴正方向C．经过0.5 s时间，质点P沿波的传播方向向前传播2 mD．该波在传播过程中若遇到3 m的障碍物，能发生明显衍射现象5．谐波沿x轴正方向传播，在t＝0时波形如图1所示，已知波速为10m/s。
则t＝0.1s时正确的波形应是图2中的( )6．如图所示，一个三棱镜的截面为等腰直角△ABC，∠A为直角。
此截面所在平面内的光线沿平行于BC边的方向射到AB边，进入棱镜后直接射到AC边上，并刚好能发生全反射。
该棱镜材料的折射率为( )A.62B.2C.32D.37．如图所示，在一块平板玻璃上放置一平凸薄透镜，在两者之间形成厚度不均匀的空气膜，让一束单一波长的光垂直入射到该装置上，结果在上方观察到如图所示的同心内疏外密的圆环状条纹，称为牛顿环，以下说法正确的是( )A．干涉现象是由于凸透镜下表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的B．干涉现象是由于凸透镜上表面反射光和玻璃上表面反射光叠加形成的C．干涉条纹不等间距是由于透镜表面是曲面D．干涉条纹不等间距是由于平板玻璃不平造成的8．如图所示，两束单色光a、b从水面下射向A点，光线经折射后合成一束光c，则下列说法正确的是( )A．用同一双缝干涉实验装置分别以a、b光做实验，a光的干涉条纹间距大于b光的干涉条纹间距B．用a、b光分别做单缝衍射实验时它们的衍射条纹宽度都是均匀的C．在水中a光的速度比b光的速度小D．在水中a光的临界角大于b光的临界角9．某棱镜顶角θ＝41.30°，一束白光以较大的入射角从棱镜的一个侧面射入，通过棱镜折射后从另一个侧面射出，在光屏上形成由红到紫的彩色光带，如图所示，当入射角θ1逐渐减小到零的过程中，彩色光带变化的情况是(根据表格中的数据判断)( )色光紫蓝绿黄橙红折射率 1.532 1.528 1.519 1.517 1.514 1.513临界角 40.75° 40.88° 41.17° 41.23° 41.34° 41.37°A.紫光最先消失，最后只剩下红光和橙光B．紫光最先消失，最后只剩下黄光、橙光和红光C．红光最先消失，最后只剩下紫光和蓝光D．红光最先消失，最后只剩下紫光、蓝光和绿光10．分析下列物理现象：(1)夏天里在一次闪电过后，有时雷声轰鸣不绝；(2)“闻其声而不见其人”；(3)围绕振动的音叉转一圈会听到忽强忽弱的声音；(4)当正在鸣笛的火车向着我们急驶而来时，我们听到汽笛声的音调变高。
高二物理下学期第一次月考试题(含解析)精品
新疆巴州蒙古中学高二（下）第一次月考物理试卷一、选择题（每题4分，共56分，媒体有一个或多个正确，答案写在答题卡上）1．（4分）（2015春•新疆月考）关于电磁感应，下列说法中正确的是（） A．导体相对磁场运动，确定会产生电流B．导体切割磁感线，确定会产生电流C．闭合电路切割磁感线就会产生电流D．穿过电路的磁通量发生改变，电路中就确定会产生感应电动势【考点】：感应电流的产生条件．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：当闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时确定会产生感应电流．穿过电路的磁通量发生改变，电路中确定会产生感应电动势．【解析】：解：A、导体相对磁场运动时，若其运动方向与磁感线平行，不切割磁感线，不产生感应电流．故A错误．B、只有当闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时才会产生感应电流，所以导体切割磁感线，不确定会产生电流．故B错误．C、闭合电路一部分导体切割磁感线时才会产生电流，故C错误．D、穿过电路的磁通量发生改变，电路中确定会产生感应电动势．故D正确．故选：D．【点评】：解决本题的关键是精确驾驭产生感应电流的条件：闭合电路的一部分导体做切割磁感线运动时确定会产生感应电流．知道不论电路是否闭合，只要穿过电路的磁通量发生改变，电路中确定会产生感应电动势．2．（4分）恒定的匀强磁场中有一圆形闭合导线圈，线圈平面垂直于磁场方向，当线圈在磁场中做下列哪种运动时，线圈中能产生感应电流（） A．线圈沿自身所在平面运动B．沿磁场方向运动C．线圈绕随意始终径做匀速转动D．线圈绕随意始终径做变速转动【考点】：感应电流的产生条件．【分析】：产生感应电流的条件是：闭合回路中的磁通量发生改变．因此无论线圈如何运动关键是看其磁通量是否改变，从而推断出是否有感应电流产生．【解析】：解：A、由于磁场是匀强磁场，因此无论线圈沿自身所在的平面做匀速还是匀加速或者其它运动形式，其磁通量均不改变，无感应电流产生，故A错误；B、由于磁场是匀强磁场，因此无论线圈沿磁场方向运动做匀速还是匀加速或者其它运动形式，其磁通量均不改变，无感应电流产生，故B错误；C、D、当线圈绕随意一条直径转动时，无论是匀速转动，还是变速转动，其磁通量发生改变，故有感应电流产生，故正确；故选：．【点评】：解题时把握问题实质，关键是看闭合线圈中的磁通量是否改变，与运动形式无关．3．（4分）关于磁通量、磁通密度、磁感应强度，下列说法正确的是（） A．磁感应强度越大的地方，磁通量越大B．穿过某线圈的磁通量为零时，由可知磁通密度为零C．磁通密度越大，磁感应强度越大D．磁感应强度在数值上等于1 m2的面积上穿过的最大磁通量【考点】：磁通量；磁感应强度．【分析】：磁通量等于穿过磁场中某一面积的磁感线的条数，当平面与磁场平行时，穿过该平面的磁通量为零．当平面与垂直时，磁通量最大．匀强磁场中穿过某一平面的磁通量为Φα，α是平面与磁场方向的夹角．磁通密度是磁感应强度的一个别名，它表示垂直穿过单位面积的磁力线的多少．磁通量密度，简称磁通密度，它从数量上反映磁力线的疏密程度．磁通密度等于穿过磁场中单位面积的磁感线的条数．【解析】：解；A、匀强磁场中穿过某一平面的磁通量为Φα，α是平面与磁场方向的夹角．所以磁感应强度越大的地方，磁通量不确定越大，还要看夹角．故A错误；B、磁通密度是磁感应强度的一个别名，它表示垂直穿过单位面积的磁力线的多少．磁通密度与磁通量的大小无关，穿过某线圈的磁通量为零时，磁通密度不确定为0．故B错误，C正确．D、1 m2的面积上穿过的最大磁通量即磁通密度，它表示垂直穿过单位面积的磁力线的多少，等于磁感应强度．故D正确．故选：【点评】：本题关键从磁通量的几何意义进行推断．对于匀强磁场，磁通量可以用公式进行定量计算．理解磁通密度是磁感应强度的一个别名，它表示垂直穿过单位面积的磁力线的多少．4．（4分）关于感应电流，下列说法中正确的是（）A．只要穿过线圈的磁通量发生改变，线圈中就确定有感应电流B．只要闭合导线做切割磁感线运动，导线中就确定有感应电流C．若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，闭合电路中确定没有感应电流D．当穿过闭合电路的磁通量发生改变时，闭合电路中确定有感应电流【考点】：感应电流的产生条件．【分析】：闭合电路中产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生改变．既不是磁场发生改变，也不是面积发生改变．【解析】：解：闭合电路中产生感应电流的条件是穿过闭合回路的磁通量发生改变．A、只要穿过线圈的磁通量发生改变，线圈中就确定有感应电动势，当线圈闭合时，才确定有感应电流，故A错误；B、闭合电路中的部分导体运动但假如不切割磁感线不产生感应电流，因为只有闭合电路中的部分导体切割磁感线时才能产生感应电流，故B错误；C、若闭合电路的一部分导体不做切割磁感线运动，但闭合电路所处的位置，磁场发生改变，就会产生感应电流，故C错误；D、当穿过闭合电路的磁通量发生改变时，闭合电路中确定有感应电流．故D正确．故选：D．【点评】：本题考查的是闭合电路产生感应电流的条件，要留意产生感应电流的条件是磁通量发生改变而不是磁场发生改变，也不是面积发生改变．5．（4分）在一长直导线中通以如图所示的恒定电流时，套在长直导线上的闭合线环（环面与导线垂直，长直导线通过环的中心），当发生以下改变时，确定能产生感应电流的是（）A．保持电流不变，使导线环上下移动B．保持导线环不变，使长直导线中的电流增大或减小C．保持电流大小不变，将直导线逆时针旋转90°后在水平面内前后移动 D．保持电流大小不变，环在与导线垂直的水平面内左右水平移动【考点】：感应电流的产生条件．【分析】：依据产生感应电流的条件，通过闭合回路的磁通量是否发生改变来推断即可．【解析】：解：A、保持电流不变，使导线环上下移动．磁通量不变，所以没有感应电流，所以A错误；B、保持导线环不变，使长直导线中的电流增大或减小，磁通量始终为零，磁通量不变，所以没有感应电流，所以B错误；C、保持电流大小不变，使直导线在竖直平面内逆时针转动，磁场由原来的与导线平行变成有确定的夹角，磁通量改变，产生感应电流，所以C正确；D、保持电流大小不变，环在与导线垂直的水平面内左右水平移动时，环面始终与磁场平行，磁通量始终为零，磁通量不变，所以没有感应电流，所以D错误；故选：C．【点评】：该题考查常见的磁场（通电直导线的磁场）的特点，故该题要从常见的磁场的特点的角度进行分析．属于简洁题．6．（4分）如图所示，矩形线圈与磁场垂直，且一半在匀强磁场内，一半在匀强磁场外，下述过程中使线圈产生感应电流的是（）A．以为轴转动45° B．以为轴转动45°C．将线圈向下平移 D．将线圈向上平移【考点】：感应电流的产生条件．【分析】：磁通量是穿过线圈的磁感线的条数．比照产生感应电流的条件：穿过电路的磁通量发生改变进行分析推断有无感应电流产生．【解析】：解：A、以边为轴转动45°，穿过线圈的磁通量仍为Φ，保持不变，没有感应电流产生，不符合题意．故A错误．B、以边为轴转动45°，穿过线圈的磁通量从Φ减小到零，有感应电流产生，符合题意．故B正确．C、将线圈向下平移时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意．故C错误．D、将线圈向上平移时，穿过线圈的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意．故D错误．故选：B【点评】：对于匀强磁场磁通量，可以依据磁感线条数直观推断，也可以依据磁通量的计算公式Φα（α是线圈与磁场方向的夹角）进行计算．7．（4分）如图所示，一条形磁铁原来做自由落体运动，当它通过闭合线圈回路时，其运动状况是（）A．接近线圈和离开线圈时速度都变小B．接近线圈和离开线圈时加速度都小于gC．接近线圈时做减速运动，离开线圈时做匀速运动D．接近线圈时加速度小于g，离开线圈时加速度大于g【考点】：楞次定律．【分析】：解本题时应当驾驭：楞次定律的理解、应用．在楞次定律中线圈所做出的全部反应都是阻碍其磁通量的改变．如：感应电流磁场的磁通量、面积、速度、受力等．【解析】：解：闭合导体环内的磁通量增大，环内感应电流的磁场与原磁场的方向相反，所以对磁体的运动有阻碍作用，所以磁铁向下的加速度小于g；随速度的增大，产生的感应电动势增大，则感应电流增大，阻力增大，所以磁铁做加速度减小的加速运动．同理，当离开线圈时，穿过线圈的磁通量减小，则产生感应电流的磁场阻碍磁通量减小，从而对磁体有阻力，导致加速度减小，但速度仍在增大，错误，B正确．故选：B．【点评】：本题从力、运动的角度考察楞次定律，思维含量高，考察角度新奇．要留意运用楞次定律的推广形式解答比较便捷．8．（4分）一个面积4×10﹣2m2、匝数100匝的线圈，放在匀强磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，磁感应强度B随时间t改变的规律如图所示，则下列推断正确的是（）A．在起先的2s内穿过线圈的磁通量改变率等于﹣0.08B．在起先的2s内穿过线圈的磁通量的改变量等于零C．在起先的2s内线圈中产生的感应电动势等于﹣0.08VD．在第3s末线圈中的感应电动势等于零【考点】：法拉第电磁感应定律；磁通量．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由图象看出，磁感应强度随时间匀称增大，从而得出磁通量的改变率，再由法拉第电磁感应定律求出线圈中产生的感应电动势，从而即可求解．【解析】：解：A、由图象的斜率求得：﹣2，因此﹣2×4×10﹣2 ﹣8×10﹣2，故A正确，B、起先的2s内穿过线圈的磁通量的改变量不等于零，故B错误；C、依据法拉第电磁感应定律得：100×2×4×10﹣2 8V，可知它们的感应电动势大小为8V，故C错误；D、由图看出，第3s末线圈中的磁通量为零，但磁通量的改变率不为零，感应电动势也不等于零，故D错误；故选：A．【点评】：本题中磁感应强度匀称增大，穿过线圈的磁通量匀称增加，线圈中产生恒定的电动势，由法拉第电磁感应定律求出感应电动势，是常常采纳的方法和思路．9．（4分）如图所示，闭合导线框的质量可以忽视不计，将它从图示位置匀速拉出匀强磁场．若第一次用0.3s时间拉出，外力做的功为W1，通过导线截面的电荷量为q1；其次次用0.9s时间拉出，外力所做的功为W2，通过导线截面的电荷量为q2，则（）A． W1＜W2，q1＜q2 B． W1＜W2，q12 C． W1＞W2，q12 D． W1＞W2，q1＞q2【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应——功能问题．【分析】：第一次用t时间拉出，其次次用3t时间拉出，速度变为原来的倍．线框匀速运动，外力与安培力平衡，推导出安培力的表达式，依据功的定义表示出比较功的大小．依据感应电荷量公式比较电量．【解析】：解：设线框的长为L1，宽为L2，速度为v．线框所受的安培力大小为，又，线框匀速运动时，外力与安培力平衡，则外力的大小为，外力做功为1=∝v，可见，外力做功与所用时间成反比，则有W1＞W2．两种状况下，线框拉出磁场时穿过线框的磁通量的改变量相等，依据感应电荷量公式式可知，通过导线截面的电量相等，即有q12．故选：C．【点评】：要对两种状况下物理量进行比较，我们应当先把要比较的物理量表示出来再求解．关键要驾驭安培力的推导方法和感应电荷量的表达式．10．（4分）如图示，一通电螺线管b放在闭合金属线圈a内，螺线管的中心正好和线圈的一条直径重合．要使线圈a中产生感应电流，可采纳的方法有（）A．将螺线管在线圈a所在平面内转动B．使螺线管上的电流发生改变C．使螺线管以为轴转动D．使螺线管以与垂直的一条直径为轴转动【考点】：通电直导线和通电线圈四周磁场的方向．【分析】：依据产生感应电流的条件：穿过闭合线圈的磁通量要发生改变来推断．图示时刻穿过线圈的磁通量为零．【解析】：解：图示位置，穿过线圈a的磁通量为零；A、将螺线管在线圈a所在平面内转动，穿过线圈a的磁通量始终为零，磁通量不变，则没有感应电流产生，故A错误；B、使螺线管上的电流发生改变，穿过线圈a的磁通量始终为零，磁通量不变，则没有感应电流产生，故B错误；C、使螺线管以为轴转动，穿过线圈a的磁通量始终为零，磁通量不变，则没有感应电流产生，故C错误；D、使螺线管以与垂直的一条直径为轴转动，穿过线圈a的磁通量发生改变，线圈中有感应电流产生，故D正确；故选：D．【点评】：知道感应电流产生的条件、依据题意推断穿过线圈的磁通量是否改变，即可正确解题．11．（4分）法拉第电磁感应定律可以这样表述：闭合电路中感应电动势的大小（）A．跟穿过这一闭合电路的磁通量成正比B．跟穿过这一闭合电路的磁感应强度成正比C．跟穿过这一闭合电路的磁通量的改变率成正比D．跟穿过这一闭合电路的磁通量的改变量成正比【考点】：法拉第电磁感应定律．【分析】：由法拉第电磁感应定律可知，闭合电路中产生的感应电动势的大小与磁通量的改变率成正比，与磁通量与磁通量的改变量无关．【解析】：解：由法拉第电磁感应定律，可知感应电动势E与磁通量的改变率成正比，即感应电动势取决于磁通量的改变快慢，与其他因素没有干脆关系；故错误，C正确．故选：C【点评】：在理解法拉第电磁感应定律时要留意区分Φ，△Φ，与三者间的关系，明确电动势只取决于磁通量的改变率，与磁通量与磁能量的改变量无关．12．（4分）圈N位于大线圈M中，二者共轴共面．M与二平行导体轨道相连接，金属杆l与导轨接触良好，并位于匀强磁场中，要使N中产生逆时针方向的电流，下列做法中可行的是（）A．杆l向右匀速运动 B．杆向左匀速运动C．杆l向右加速运动 D．杆向右减速运动【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：杆L运动时，切割磁感线产生感应电流，由右手定则推断感应电流的方向．感应电流流过大线圈M，M产生磁场，就有磁通量穿过小线圈N，依据安培定则推断感应电流产生的磁场方向，依据楞次定律推断小线圈N中产生的电流方向，即可选择符合题意的选项．【解析】：解：、杆l向右或向左匀速运动时，杆l产生的感应电动势和感应电流恒定不变，大线圈M产生的磁场恒定不变，穿过小线圈N中的磁通量不变，没有感应电流产生，不符合题意．故错误．C、杆l向右加速运动时，杆l中产生的感应电动势和感应电流均增加，由右手定则推断出来杆l中感应电流方向向上，依据安培定则推断可知，M产生的磁场方向：垂直纸面对外，穿过N的磁通量增大，由楞次定律推断得知：线圈N产生顺时针方向的感应电流，不符合题意．故C错误．D、杆l向右减速运动时，杆l中产生的感应电动势和感应电流均减小，由右手定则推断出来杆l中感应电流方向向上，依据安培定则推断可知：M产生的磁场方向：垂直纸面对外，穿过N的磁通量减小，由楞次定律推断得知：线圈N产生逆时针方向的感应电流，符合题意．故D正确．故选：D．【点评】：本题是有两次电磁感应的问题，比较困难，关键要驾驭右手定则、楞次定律和安培定则，并能娴熟运用．13．（4分）如图所示，在竖直向下的匀强磁场中，将一个水平放置的金属棒以水平初速度V0抛出，设运动的整个过程中棒的取向不变且不计空气阻力，则金属棒在运动过程中产生的感应电动势大小将（）A．越来越大 B．越来越小 C．保持不变 D．无法确定【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；平抛运动．【专题】：电磁感应中的力学问题．【分析】：由感应电动势公式α，α是有效的切割速度，即是垂直于磁感线方向的分速度，结合平抛运动的特点分析选择．【解析】：解：金属棒做平抛运动，其水平方向的分运动是匀速直线运动，水平分速度保持不变，等于v0．由感应电动势公式α，α是垂直于磁感线方向的分速度，即是平抛运动的水平分速度，等于v0，则感应电动势0，B、l、v0均不变，则感应电动势大小保持不变．则C正确．故选：C．【点评】：本题考查对感应电动势公式的理解和平抛运动的特点．14．（4分）图所示，闭合导体框从高处自由下落，进入匀强磁场，从边起先进入磁场到边即将进入磁场的这段时间里，下列表示线圈运动状况的速度一时间图象可能的有（）A． B． C． D．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与图像结合．【分析】：边刚进入磁场时，所受安培力有三种状况，安培力小于重力、若安培力等于重力、安培力大于重力，分别进行分析．【解析】：解：A、在边刚进入磁场时，若重力恰好等于安培力，则物体受力平衡，做匀速直线运动；故A正确；B、在边刚进入磁场时，假如重力大于安培力，加速度向下，线圈进入磁场做加速运动，由于速度增加会所得感应电流增加，安培力增加，所以线圈的合力是在减小的，加速度也在减小，这个过程是变加速运动．当安培力增加到等于重力，线圈就做匀速运动，故线圈不行能做匀加速运动．故B错误．C、若刚进入磁场时F＜，﹣，金属棒加速运动，速度增大则F增大，则a减小，即金属棒做加速度减小的加速运动，C正确；D、若刚进入磁场时F＞，﹣，金属棒减速运动，速度减小则F减小，则a减小，即金属棒做加速度减小的减速运动，D正确；故选：．【点评】：解决本题的关键知道线圈在整个过程中的运动状况，依据楞次定律和切割产生的感应电动势结合牛顿其次定律公式进行分析．二、计算题（每题11分，共44分）15．（11分）如图，在磁感应强度为0.2T匀强磁场中，有一长为0.5m的导体在金属框架上以10m的速度向右滑动，R12=20Ω，其他电阻不计，则流过的电流是多大？【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：由公式求出棒产生的感应电动势，依据闭合电路欧姆定律求出通过棒的感应电流．【解析】：解：导体棒切割磁感线产生的感应电动势：0.2×0.5×101V两电阻并联，电路总电阻：R总Ω=10Ω，流过的电流是：0.1A；答：流过的电流是0.1A．【点评】：本题是电磁感应与电路的综合，也可以作出等效电路分析电路的结构，运用法拉第定律和欧姆定律就可以解决．16．（11分）水平放置的导体框架，宽0.50m，接有电阻0.20Ω，匀强磁场垂直框架平面对里，磁感应强度0.40T．一导体棒垂直框边跨放在框架上，并能无摩擦地在框架上滑动，框架和导体的电阻均不计．当以4.0m的速度向右匀速滑动时，求：（1）棒中产生的感应电动势大小；（2）维持导体棒做匀速运动的外力F的大小．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】：（1）由求出感应电动势；（2）由欧姆定律求出电路中电流，由安培力公式求出安培力，由平衡条件求出外力F的大小．【解析】：解：（1）棒中产生的感应电动势：0.4×0.5×4=0.8V；（2）感应电流大小为：4A导体棒受到的安培力：0.4×4×0.50.8N，导体棒做匀速运动，由平衡条件得：外力 0.8N；答：（1）棒中产生的感应电动势大小为0.8V；（2）维持导体棒做匀速运动的外力F的大小为0.8N．【点评】：本题考查了感应电动势、外力、推断金属棒的运动性质，应用、安培力公式、平衡条件即可正确解题．17．（11分）如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长．电阻不计的平行金属导轨相距，导轨平面与水平面成θ=37°角，下端连接阻值为R的电阻．匀强磁场方向与导轨平面垂直．质量为0.2．电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为0.25．求：（102，37°=0.6，37°=0.8）（1）求金属棒沿导轨由静止起先下滑时的加速度大小；（2）当金属棒下滑速度达到稳定时，电阻R消耗的功率为8W，求该速度的大小．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势；共点力平衡的条件与其应用；牛顿其次定律．【专题】：电磁感应中的力学问题．【分析】：（1）起先下滑时，速度为零，无感应电流产生，因此不受安培力，依据牛顿其次定律可干脆求解加速度的大小．（2）金属棒下滑速度达到稳定时，金属棒所受合外力为零，依据平衡条件求出安培力，然后依据公式求解．【解析】：解：（1）金属棒刚起先下滑的初速为零，没有感应电流产生，金属棒不受安培力，则依据牛顿其次定律：θ﹣μθ ①由①式解得10×（O.6﹣0.25×0.8）24m2 ②故金属棒沿导轨由静止起先下滑时的加速度大小为4m2．（2）设金属棒运动达到稳定时，速度为v，所受安培力为F，棒在沿导轨方向受力平衡θ﹣μθ﹣0 ③此时金属棒克服安培力做功的功率等于电路中电阻R消耗的电功率：④由③、④两式解得10m ⑤故当金属棒下滑速度达到稳定时，棒的速度大小为10m．答：（1）金属棒沿导轨由静止起先下滑时的加速度大小为4m2；（2）该速度的大小为10m．【点评】：解这类问题的突破口为正确分析安培力的改变，依据运动状态列方程求解．18．（11分）如图所示，边长为0.1m正方形线圈在大小为0.5T的匀强磁场中以边为轴匀速转动．初始时刻线圈平面与磁感线平行，经过1s线圈转了90°，求：（1）线圈在1s时间内产生的感应电动势平均值．（2）线圈在1s末时的感应电动势大小．【考点】：沟通的峰值、有效值以与它们的关系；沟通发电机与其产生正弦式电流的原理．【专题】：沟通电专题．【分析】：（1）由法拉第电磁感应定律可求得平均值；（2）分析线框所在位置，感应电流的产生明确此时刻的感应电动势．【解析】：解：（1）由法拉第电磁感应定律可得：平均感应电动势0.005V；（2）1s时，线框与磁场垂直，处于中性面上；故感应电动势为零；答：（1）平均电动势为0.005V；（2）1s末的感应电动势为0．【点评】：本题考查平均电动势和瞬时电动势的计算，要留意正确驾驭瞬时电动势的计算方法．。
高二下学期第一次月考(物理)试卷含答案解析
高二第一次月考（物理）（考试总分：100 分）一、单选题（本题共计10小题，总分40分）1.（4分）1.关于自感现象，下列说法中正确的是( )A．自感现象是线圈自身的电流变化而引起的电磁感应现象B．自感电动势总是阻止原电流的变化C．自感电动势的方向总与原电流方向相反D．自感电动势的方向总与原电流方向相同2.（4分）2.如图所示是研究通电自感实验的电路图，A1、A2是两个规格相同的小灯泡，闭合开关调节滑动变阻器R的滑动触头，使两个灯泡的亮度相同，调节滑动变阻器R1的滑动触头，使它们都正常发光，然后断开开关S.重新闭合开关S，则( )A．闭合瞬间，A1立刻变亮，A2逐渐变亮B．闭合瞬间，A1、A2均立刻变亮C．稳定后，L和R两端的电势差一定相同D．稳定后，A1和A2两端的电势差不相同3.（4分）3.如图所示，导体棒ab长为4L，匀强磁场的磁感应强度为B，导体绕过O点垂直纸面的轴以角速度ω匀速转动，a与O的距离很近．则a端和b端的电势差Uab的大小等于( )A ． 2BL 2ωB ． 4BL 2ωC ． 6BL 2ωD ． 8BL 2ω4.（4分）4.下列关于交流电路的说法错误的是( )A. 电容器的击穿电压为交流电压的最大值B. 电路中电流表的示数为电流的有效值C. 教室内日光灯的额定电压为电压的有效值D. 电路中保险丝的熔断电流为电流的最大值5.（4分）5.如图所示是一交变电流随时间变化的图象,求此交变电流的有效值 ( )。
A.4B.4√2C.5D.5√26.（4分）6.如图所示为一交流发电机的原理示意图，其中矩形线圈abcd 的边长ab =cd =L 1，bc =ad =L 2，匝数为n ，线圈的总电阻为r ，线圈在磁感应强度为B 的匀强磁场中绕垂直于磁场的OO′匀速转动，角速度为ω，线圈两端通过电刷e 、f 与阻值为R 的定值电阻连接，从线圈经过中性面开始计时，则( )A. 线圈中感应电动势的最大值为BωL 1L 2B. 线圈值感应电动势随时间变化的函数表达式为e =nBωL 1L 2cosωtC. 经过14周期时间通过电阻R 的电荷量为BL 1L2R+rD. 此发动机在上述工作状态下的输出功率为Rn 2B 2ω2L 12L 222(R+r)27.（4分）7．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图像如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5.0 Ω，现外接一只电阻为95.0 Ω的灯泡，如图乙所示，则A．．．．V．．．．220 VB．．．．．．．．．．．．．．50．C．．．．．．．．．．．484 WD．．．．．．．．．．．．．．．．．．24.2 J8.（4分）8．．．．．．MN ．PQ ．．．．L ．．．．．．．．．．．．．．．．．．B ．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．M ．P ．．．．．．．R ．．．．．．．．．．．．．．．．．．．R 2．．．．．ab ．．．．．．．．．．．．．F ．．．．．．．v ．．．．．．．．(．．．．．．)( )A ．通过电阻R 的电流方向为P →R →MB ．a 、b 两点间的电压为BLvC ．a 端电势比b 端电势高D ．外力F 做的功等于电阻R 上产生的焦耳热9.（4分）9．．．．．．．．．．0.1m 2．10．．．EFG ．．．．．．．t ．0．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．B ．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．R ．4 Ω．．．．．．C ．10μF．．．EFG ．．．．1 Ω．．．．．．．．．．．．．．S．．．．．．．．．．t 1．0.1 s．t 2．0.2 s．．．．．( )A ．电容器所带的电荷量为8×10－5C B ．通过R 的电流是2.5 A ，方向从b 到aC．通过R的电流是2 A，方向从b到a D．R消耗的电功率是0.16 W10.（4分）10.实验室有一个10匝的矩形闭合金属线圈,在匀强磁场中绕垂直磁场方向的轴OO'匀速转动,线圈中磁通量Φ随时间t变化的情况如图所示。
高二物理第二学期第一次月考试卷.doc
高二物理第二学期第一次月考试卷（必修2）试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）、第Ⅱ卷（非选择题）和答题卷．全卷共18小题，满分120分．考试时间100分钟．第Ⅰ卷 选择题（31分）一、单选题(每小题3分，共15分．在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是符合题意的．选对的得分，选错或不答的得0分答案必须填涂在答题卡上)1、水平恒力F 先后作用于甲、乙两物体，第一次使甲物体沿粗糙水平面运动了L ，做功W1；第二次使乙物体沿光滑水平面向前运动了L ，做功W 2，则 （ ）A ．W 1>W 2B ．W 1=W 2C ．W 1<W 2D ．无法比较２、一物体从某高度以初速度v 0水平抛出，落地时的速度为v t ，则它运动的时间为（ ）A ． 0/t v v g - Ｂ．0/2t v v g -Ｃ．220/2t v v g - g3、在匀速转动的水平转盘上，有一个相对盘静止的物体，随盘一起转动，关于它的受力情况，下列说法中正确的是 （ ）A ．只受到重力和盘面的支持力的作用B ．只受到重力、支持力和静摩擦力的作用C ．除受到重力和支持力外，还受到向心力的作用D ．受到重力、支持力、静摩擦力和向心力的作用4、一个物体在地球表面所受的重力为G ，则在距地面高度为地球半径的2倍时，所受的引力为： （ ）A ．G/2B ．G/3C ．G/4D ．G/95、1995年，美国的航天飞机成功地与俄罗斯“和平号”空间站对接，航天飞机为了追上轨道上的空间站 （ ）A ．只能从较低轨道上加速B ．只能从较高轨道上加速C ．只能从空间站同一高度轨道上加速D ．无论在哪个高度轨道上，只要加速都行二、多选题(每小题4分，共16分．在每小题给出的四个选项中，有一个以上选项符合题意．全对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分答案必须填涂在答题卡上)6、关于质点做曲线运动，下列说法正确的是： （）A．曲线运动是一种变速运动B ．变速运动一定是曲线运动C ．质点做曲线运动，运动速度一定发生变化D ．曲线运动一定不可能是匀变速运动7、若人造卫星绕地球做匀速圆周运动，则离地面越远的卫星 （ ）A ．速度越大B ．周期越大C ．角速度越小D ．向心加速度越大8、某人将原来放在地上质量为1kg 的物体匀加速向上提升1m ，这时物体获得2m/s 的速度，在这个过程中（g=10m/s 2），以上说法正确的是 （ ）A ．手对物体做功为12JB ．合外力对物体做功为12JC ．合外力对物体做功为2JD ．物体重力势能增加了12J9、三颗人造地球卫星A 、B 、C 绕地球作匀速圆周运动，如图所示，已知M A =M B >M C ，则对于三个卫星，正确的是 （ ）A ．运行线速度关系为 CB A υυυ=>B ．运行周期关系为 T A <T B =T CC ．向心力大小关系为 F A > F B >F CD ．半径与周期关系为 232323CC B B A AT R T R T R == 第Ⅱ卷 非选择题（89分）三、实验、填空题(每空3分，共15分．答案填在答卷上对应的横线上)10A ．在用打点计时器打纸带时，应该先放开小车，再接通打点计时器的电源B ．在探究加速度与质量的关系时，应该改变拉力F 的大小C ．在探究加速度与质量的关系时，为了直观判断两者间的关系，应作出a —1m图像 D ．在探究加速度与力的关系时，作a-F 图像应该用折线将所描的点依次连接11如图所示是他拍摄的一幅照片。
高二物理下学期第一次月考试题(含解析)
河南省濮阳县第一中学2017-201８学年高二下学期第一次月考物理试题一、选择题1、如图,一电荷量为q的正点电荷位于电场中的A点,受到的电场力为Ｆ、若把该点电荷换为电荷量为2q的负点电荷,则A点的电场强度E为( )A、 F/q,方向与F相反B。
Ｆ/2ｑ,方向与F相反C。
F/q,方向与Ｆ相同Ｄ。
F／2q,方向与F相同【答案】C【解析】电场强度反映电场本身性质的物理量,仅电场本身决定,与试探电荷无关、可知将该点电荷换为电荷量为2q的负点电荷,Ａ点的场强大小仍然是,大小和方向均不变,故Ｃ正确,ABD错误。
2、如图所示,带箭头的直线是某一电场中的一条电场线,在这条线上有A、Ｂ两点,用EA、E Ｂ表示A、B两处的场强,则( )Ａ、A、B在一条电场线上,电势B、因为A、B在一条电场线上,且电场线是直线,因此E A＝E BC、电场线从A指向B,因此EＡ＞E BD、不知A、B附近电场线的分布情况,E A、E B的大小不能确定【答案】D【解析】因为已知电场线方向是由A指向B,由于沿着电场线的方向电势是降低的,因此。
故Ａ错误、A、B两点所在的电场线是直线,Ａ、B两点电场强度方向必定相同。
A、B在一条电场线上,无法判断电场线的疏密,也就无法判断A、B两点电场强度的大小,故BC错误,Ｄ正确;故选D。
３、有一毫伏表,它的内阻是10０ ,量程为,现要将它改装成量程为10V的电压表,则毫伏表应( )A。
并联一个的电阻B、并联一个的电阻Ｃ。
串联一个5０的电阻D。
串联一个４900 的电阻【答案】D【解析】把毫伏表改装成电压表需要串联一个分压电阻,串联电阻阻值为:,故D正确,AＢＣ错误、4、有关运动电荷和通电导线受到磁场对它们的作用力的方向,下列图示中正确的是 ( ) Ａ、B、Ｃ、Ｄ、【答案】B【解析】由左手定则可判定:A图中的电荷受到的洛伦兹力竖直向下,B图中电荷受到的洛伦兹力竖直向下, C图中导线受到的安培力竖直向下,Ｄ图中导线受到的安培力竖直向上,故ACD错误,B正确。
高二下学期物理第一次月考试卷
2019-2020学年度高二下学期月考物理试卷(时间：100分钟满分：100分)班级：姓名：学号：一、选择题(本题共10小题，每小题4分，共40分。
在每小题给出的四个选项中，第1:7题只有一个选项符合要求，第8:10题有多个选项符合要求，全部选对得4分，选对但不全得2分，选错或不答得0分)1.关于电磁感应现象，下列说法中正确的是()A. 导体相对磁场运动，导体内一定产生感应电流B. 导体做切割磁感线运动，导体内一定会产生感应电流C. 闭合电路在磁场中做切割磁感线运动，电路中一定会产生感应电流D. 穿过闭合电路的磁通量发生变化，电路中一定会产生感应电流2.如图所示，金属棒ab置于水平放置的U形光滑导轨上，在ef右侧存在有界匀强磁场B，磁场方向垂直导轨平面向下，在ef左侧的无磁场区域cdef内有一半径很小的金属圆环L，圆环与导轨在同一平面内。
当金属棒ab在水平恒力F作用下从磁场左边界ef处由静止开始向右运动后，下列有关圆环的说法正确的是()A. 圆环内产生变大的感应电流，圆环有收缩的趋势B. 圆环内产生变小的感应电流，圆环有收缩的趋势C. 圆环内产生变大的感应电流，圆环有扩张的趋势D. 圆环内产生变小的感应电流，圆环有扩张的趋势3.如图所示，垂直纸面向里的匀强磁场的区域宽度为2a，磁感应强度的大小为B.一边长为a、电阻为4R的正方形均匀导线框CDEF从图示位置开始沿x轴正以速度v匀速穿过磁场区域，与线框移动距离x的关在图中给出的线框E、F两端的电压UEF系的图象正确的是()A. B.C. D.4.如图所示，MN和PQ是电阻不计的平行金属导轨，其间距为L，导轨弯曲部分光滑，平直部分粗糙，二者平滑连接．右端接一个阻值为R的定值电阻．平直部分导轨左边区域有宽度为d、方向竖直向上、磁感应强度大小为B的匀强磁场．质量为m、长度为d、接入电路的电阻也为R的金属棒从高度为h处静止释放，到达磁场右边界处恰好停止．已知金属棒与平直部分导轨间的动摩擦因数为μ，金属棒与导轨间接触良好．则金属棒穿过磁场区域的过程中()A. 流过金属棒的最大电流为Bd√2gℎ2RB. 通过金属棒的电荷量为BdLRC. 克服安培力所做的功为mghmg(ℎ−μd)D. 金属棒产生的焦耳热为125.如图所示，线圈匝数为n的小型旋转电枢式交流发电机的原理图，其矩形线圈面积为S，在磁感应强度为B的匀强磁场中绕垂直于磁场方向的固定轴OO＇匀速转动。
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高二物理下册第一次月考试卷高二物理科试卷答题时间：90分钟满分：100分一、选择题（每题4分，共48分。
）1、下列说法正确的是A．合外力对质点做的功为零，则质点的动能、动量都不变B．合外力对质点的冲量不为零，则质点动量必将改变，动能也一定改变C．某质点受到合力不为零，其动量、动能都改变D．某质点的动量、动能都改变，它所受到的合外力一定不为零。
2、某物体沿粗糙斜面上滑，达到最高点后又返回原处，下列分析正确的是A．上滑、下滑两过程中摩擦力的冲量大小相等B．上滑、下滑两过程中合外力的冲量相等C．上滑、下滑两过程中动量变化的方向相同D．整个运动过程中动量变化的方向沿斜面向下3、一个小球从距地面高度H 处自由落下，与水平地面发生碰撞。
设碰撞时间为一个定值t，则在碰撞过程中，小球与地面的平均作用力与弹起的高度h 的关系是A．弹起的最大高度h 越大，平均作用力越大B．弹起的最大高度h 越大，平均作用力越小C．弹起的最大高度h ＝0，平均作用力最大D．弹起的最大高度h ＝0，平均作用力最小4、图甲是利用沙摆演示简谐运动图象的装置．当盛沙漏斗下面的薄木板被水平匀速拉出时，做简谐运动的漏斗漏出的沙在板上形成的曲线显示出沙摆的振动位移随时间的变化关系．已知木板被水平拉动的速度为0. 20 m/s，图乙所示的一段木板的长度为0. 60 m，则这次实验沙摆的摆长为（取2g π=）A ．0.56 mB ．0.65 mC ．1.0 mD ．2.25m5、如图所示，小球A 、B 质量相同，球B 置于光滑水平面上，当球A从高为h 处由静止摆下，到达最低点时恰好与B 相撞，并粘合在一起继续摆动．它们能上升的最大高度是A ．hB ．12hC ．14hD ．18h6、如图，在质量为M 的无底的木箱顶部用一轻弹簧悬挂质量分别为1m 、2m ),(21m m M >>的A 、B 两物体，箱子放在水平面上，平衡后剪断A 、B 间细线，此后A 将做简谐振动，当A 运动到最高点时，木箱对地面的压力为A 、MgB 、g m M )(1-C 、g m M )(2+D 、gm m M )(21-+7、如图所示，水平地面上放着一个表面均光滑的凹槽，槽两端固定有两轻质弹簧，一弹性小球在两弹簧间往复运动，把槽、小球和弹簧视为一个系统，则在运动过程中A ．系统的动量守恒，机械能不守恒B ．系统的动量守恒，机械能守恒C ．系统的动量不守恒，机械能守恒D ．系统的动量不守恒，机械能不守恒8、如图所示是一个单摆的共振曲线(g=10 m/s 2),则A.此单摆的摆长约为2.8 mB.此单摆的周期约为0.3sC.若摆长增大，共振曲线的峰将向上移动D.若摆长增大，共振曲线的峰将向左移动9、如图为一质点的振动图像，由图像可知（）A. M、N、H、G点对应的时刻，质点的速度相同B. M、H两点所对应时间间隔为一个周期C. N、P、Q所对应的时刻，质点的速度相同D. t＝0.1s时，质点运动方向为X轴正方向10、如图所示，质量相等的两个滑块位于光滑水平桌面上。
其中，弹簧两端分别与静止的滑块N和挡板P相连接，弹簧与挡板的质量均不计；滑块M以初速度V向右运动,它与挡板P碰撞（不粘连）后开始压缩弹簧，最后，滑块N以速0向右运动。
在此过程中：度VA．M的速度等于0时，弹簧的弹性势能最大。
B．M与N具有相同的速度时，两滑块动能之和最小。
C．M的速度为V/2时，弹簧的长度最长。
/2时，弹簧的长度最短。
D．M的速度为V11、质量为m1=4kg、m2=2kg的A、B两球，在光滑的水平面上相向运动，若A 球的速度为v1=3m/s，B球的速度为v2=－3m/s，发生正碰后，两球的速度的速度分别变为v1＇和v2＇，则v1＇和v2＇可能为A．v1＇=1m/s，v2＇=1m/s B．v1＇=4m/s，v2＇=－5m/sC．v1＇=2m/s，v2＇=－1m/s D．v1＇=－1m/s，v2＇=5m/s12、如图所示，木块静止在光滑水平面上，子弹A、B从木块两侧同时射入木块，最终都停在木块中，这一过程中木块始终保持静止。
现知道子弹A射入深度d A大于子弹B射入深度d B，则可判断：A、子弹在木块中运动时间t A > t BB、子弹入射初动能E KA>E KBC、子弹入射初速度v A > v BD、子弹质量m A < m B二、填空题（每空2分，共16分）13、如图所示，是用来测量各种发动机转速的转速计原理图。
在同一铁支架NM上焊有固有频率依次为80Hz、60Hz、40Hz、20Hz的四个钢片a、b、c、d。
将M端与正在转动的电动机接触，发现b钢片振幅最大，则电动机转速为_________r/min，a、b、c、d此时振动频率为___________。
14、如图所示，一质点在平衡位置O点两侧做简谐运动，在它从平衡位置O出发向最大位移A处运动过程中经0.15s第一次通过M点，再经0.1s第2次通过M点。
则此后还要经时间为第3次通过M点，该质点振动的频率为。
15、如图所示,A是半径为R的光滑圆弧轨道的最低点,B、C为两个小球(可视为质点),将B放在A点正上方h处,将C放在离A点很近的轨道上,让B、C同时从静止开始释放(不计空所阻力).正好在A点相遇,则h的高度最小是。
16、如图所示，气垫导轨是常用的一种实验仪器．它是利用气泵使带孔的导轨与滑块之间形成气垫，使滑块悬浮在导轨上，滑块在导轨上的运动可视为没有摩擦．我们可以用带竖直挡板C、D的气垫导轨以及滑块A、B来验证动量守恒定律，实验装置如图所示（弹簧的长度忽略m、不计），采用的实验步骤如下：(a)用天平分别测出滑块A、B的质量Am.B(b)调整气垫导轨，使导轨处于水平．(c)在滑块A、滑块B间放入一个被压缩的轻弹簧，用电动卡销锁定，静止放置在气垫导轨上．(d)用刻度尺测出滑块A的左端至板C的距离L1.(e)按下电钮放开卡销，同时使分别记录滑块A、B运动时间的计时器开始工作．当滑块A、B分别碰撞挡板C、D时停止计时，计下滑块A、B分别到达挡板。
C、D的运动时间t1和t2(1)实验中还应测量的物理量是。
(2)利用上述测量的实验数据，验证动量守恒定律的表达式是。
(3)利用上述实验数据写出被压缩弹簧的弹性势能出表达式．。
三、计算题（请写清必要的文字说明和步骤，17题10分，18题12分，19题14分，共36分）17、蹦床是运动员在一张绷紧的弹性网上蹦跳、翻滚并做各种空中动作的运动项目。
一个质量为60kg的运动员，从离水平网面3.2m高处自由落下，着网后沿竖直方向蹦回到离水平网面1.8m高处。
已知运动员与网接触的时间为1.4s。
18、如图所示，AOB是光滑水平轨道，BC是半径为R的1/4光滑圆弧轨道，两轨道恰好相切。
质量为M的小木块静止在O点，一质量为m (m = M/9) 的子弹以某一初速度水平向右射入小木块内不穿出，木块恰好滑到圆弧的最高点C处（子弹、小木块均可看成质点）。
求：v多大？①子弹射入木块之前的速度v射入小木块，②若每当小木块在O点时，立即有相同的子弹以相同的速度并留在其中，则当第6颗子弹射入小木块后，小木块沿光滑圆弧上升的高度h是多少？③若当第n颗子弹射入小木块后，小木块沿光滑圆弧能上升的最大高度为R/4，则n值是多少？19、如图，足够长的水平传送带始终以大小为s m v /3=的速度向左运动，传送带上有一质量为kg M 2=的小木盒B ，B 与传送带之间的动摩擦因数为3.0=μ，开始时，B 与传送带之间保持相对静止。
先后相隔s t 3=∆有两个光滑的质量为kg m 1=的小球A 自传送带的左端出发，以s m v /150=的速度（对地面的）在传送带上向右运动。
第1个球与木盒相遇后，球立即进入盒中与盒保持相对静止，第2个球出发后历时s t 311=∆与木盒相遇。
求（取2/10s m g =） （1）第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度时多大？（2）第1个球出发后经过多长时间与木盒相遇？（3）自木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的过程中，由于木盒与传送带间的摩擦而产生的热量是多少？2008－2009学年度下学期东北育才学校高中部 第一次月考物理科试卷答题纸二、填空题（每空2分，共16分）13、 。
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14、。
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三、计算题（请写清必要的文字说明和步骤，17题10分，18题12分，19题14分，共36分）17、解：18、解：19、解：物理科试卷答案答题时间：90分钟 满分：100分 命题人：高二物理组 校对人：高二物理组一、选择题（每题4分，共48分。
）1、D2、CD3、AD4、A5、C6、D7、B8、AD9、BD10、BD 11、AD 12、BCD二、填空题（每空2分，共16分）13、s 7.0 Hz 25.114、3600r/min 60Hz15、8Rh 2min π=16、(l)B 的右端至D 板的距离2l (2) 02211=-t L m t L m B A (3))(2122222121t L m t L m E B A P +=三、计算题（请写清必要的文字说明和步骤，17题10分，18题12分，19题14分，共36分）17、解：将运动员看成质量为m大小F。
选取竖直向上为正方向，由动量定理得：18、解：① 设第一颗子弹射入木块后两者的共同速度为V 1，由动量守恒得mV 0 = (m + M)V 1木块由O 上滑到C 的过程，机械能守恒(m + M)gR = (m + M)V 12/2联立解得： V 0 = 10gR 2② 当木块返回O 点时的动量与第2颗子弹射入木块前的动量等大反向，子弹和木块组成的系统总动量等于零。
射入子弹的颗数n =2、4、6、8……时，都是如此，由动量守恒定律可知，子弹打入后系统的速度为零，木块静止，上升高度h=0③ 当 n 为奇数时，由动量守恒和机械能守恒得：mV 0 = (nm + M)Vn(nm + M)Vn 2/2 = (nm + M)gR/4联立解得：n =gR V 22-m M = 11 次 19、解：（1）设第1个球与木盒相遇后瞬间，两者共同运动的速度为v 1,根据动量守恒定律：01()mv Mv m M v -=+代入数据，解得： v 1=3m/s（2）设第1个球与木盒的相遇点离传送带左端的距离为s ，第1个球经过t 0与木盒相遇,则：00s t v = 设第1个球进入木盒后两者共同运动的加速度为a ，根据牛顿第二定律：()()m M g m M a μ+=+得： 23/a g m s μ==设木盒减速运动的时间为t 1,加速到与传送带相同的速度的时间为t 2，则：12v t t a∆===1s 故木盒在2s 内的位移为零依题意： 011120()s v t v t t t t t =∆+∆+∆---代入数据，解得： s =7．5m t 0=0．5s（3）自木盒与第1个球相遇至与第2个球相遇的这一过程中,传送带的位移为S ，木盒的位移为s 1,则： 10()8.5S v t t t m =∆+∆-=。