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贵州省2022年高考[理数]考试真题与答案解析
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贵州省2022年高考[理科数学]考试真题与答案解析一、选择题本题共12小题,每小题5分,共60分。
在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的。
1. 若,则( )1z =-1zzz =-A. B. C. D. 1-+1-13-+13-参考答案:C【详解】1(1113 4.z zz =-=-+-=+=故选 :C 113z zz ==--2. 某社区通过公益讲座以普及社区居民的垃圾分类知识.为了解讲座效果,随机抽取10位社区居民,让他们在讲座前和讲座后各回答一份垃圾分类知识问卷,这10位社区居民在讲座前和讲座后问卷答题的正确率如下图:则( )A. 讲座前问卷答题的正确率的中位数小于70%B. 讲座后问卷答题的正确率的平均数大于85%C. 讲座前问卷答题的正确率的标准差小于讲座后正确率的标准差D. 讲座后问卷答题的正确率的极差大于讲座前正确率的极差参考答案:B【详解】讲座前中位数为,所以错;70%75%70%2+>A 讲座后问卷答题的正确率只有一个是个,剩下全部大于等于,所以讲座后问卷80%,485%90%答题的正确率的平均数大于,所以B 对;85%讲座前问卷答题的正确率更加分散,所以讲座前问卷答题的正确率的标准差大于讲座后正确率的标准差,所以C 错;讲座后问卷答题的正确率的极差为,100%80%20%-=讲座前问卷答题的正确率的极差为,所以错.95%60%35%20%-=>D 故选:B.3. 设全集,集合,则(){2,1,0,1,2,3}U =--{}2{1,2},430A B x x x =-=-+=∣()U A B ⋃=ðA. B. C. D. {1,3}{0,3}{2,1}-{2,0}-参考答案:D【详解】由题意,,所以,{}{}2=4301,3B x x x -+=={}1,1,2,3A B ⋃=-所以.故选:D.(){}U 2,0A B ⋃=-ð4. 如图,网格纸上绘制的是一个多面体的三视图,网格小正方形的边长为1,则该多面体的体积为()A. 8B. 12C. 16D. 20参考答案:B【详解】由三视图还原几何体,如图,则该直四棱柱的体积。
贵州省届高考数学适应性试卷(理科)Word版含解析

贵州省2017届高考数学适应性试卷(理科)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1}B.{x|1≤x<2}C.{x|0<x≤1}D.{x|x≤1}2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.23.已知数列{a n}满足a n=a n,若a3+a4=2,则a4+a5=()+1A.B.1 C.4 D.84.已知向量与不共线,且向量=+m,=n+,若A,B,C 三点共线,则实数m,n()A.mn=1 B.mn=﹣1 C.m+n=1 D.m+n=﹣15.执行如图所示的程序框图,如果输入的a,b分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.286.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t取[0,3]上的任意值时,直线y=t 被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A.4 B.C.5 D.7.如图,在正方体ABC的﹣A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B.C.D.28.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<29.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C.D.10.某地一年的气温Q(t)(单位:℃)与时间t(月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C(t)表示时间段[0,t]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C(t)与t之间的函数关系的是()A.B.C.D.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P 在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.212.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f(x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f(x)=(x﹣a)(x+3)为偶函数,则f(2)=.14.(x+a)4的展开式中含x4项的系数为9,则实数a的值为.15.设A,B是球O的球面上两点,∠AOB=,C是球面上的动点,若四面体OABC的体积V的最大值为,则此时球的表面积为.16.已知数列{a n}满足a1=﹣40,且na n﹣(n+1)a n=2n2+2n,则a n取最小值时n+1的值为.三、解答题(本题共70分)17.(12分)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.18.(12分)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地PM2.5日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.乙地20天PM2.5日平均浓度频数分布表PM2.5日平均浓度(微克/立方米)[0,20](20,40](40,60](60,80](80,100]频数(天)23465(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,并通过两个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:满意度等级非常满意满意不满意PM2.5日平均浓度(微克/立方米)不超过20大于20不超过60超过60记事件C:“甲地市民对空气质量的满意度等级高于乙地市民对空气质量的满意度等级”,假设两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C的概率.19.(12分)如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠B=90°,将△ABC沿中位线DE翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A﹣DE﹣C的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.20.(12分)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P(1,)在椭圆E上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.21.(12分)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)曲线C1的参数方程为(α为参数)在以原点O为极点,x轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.[选修4-5:不等式选讲]23.已知函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|,g(x)=.(1)求f(x)的最小值;(2)记f(x)的最小值为m,已知实数a,b满足a2+b2=6,求证:g(a)+g(b)≤m.2017年贵州省高考数学适应性试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1}B.{x|1≤x<2}C.{x|0<x≤1}D.{x|x≤1}【考点】交集及其运算.【分析】解不等式求出集合M,再根据交集的定义写出M∩N.【解答】解:集合集合M={x|x2﹣2x<0}={x|0<x<2},N={x|x≥1},则M∩N={x|1≤x<2}故选:B.【点评】此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.2【考点】复数代数形式的乘除运算.【分析】利用复数的运算法则、复数相等即可得出.【解答】解:∵y=(2x+i)(1﹣i)=2x+1+(1﹣2x)i,∴,解得y=2故选:D.【点评】本题考查了复数的运算法则、复数相等,考查了计算能力,属于基础题.3.已知数列{a n}满足a n=a n,若a3+a4=2,则a4+a5=()+1A.B.1 C.4 D.8【考点】等比数列的通项公式.【分析】根据已知条件可以求得公比q=2.【解答】解:∵数列{a n}满足a n=a n,+1∴=2.则该数列是以2为公比的等比数列.由a3+a4=2,得到:4a1+8a1=2,解得a1=,则a4+a5=8a1+16a1=24a1=24×=4,故选:C.【点评】本题考查了等比数列的通项公式,是基础的计算题.4.已知向量与不共线,且向量=+m,=n+,若A,B,C 三点共线,则实数m,n()A.mn=1 B.mn=﹣1 C.m+n=1 D.m+n=﹣1【考点】平行向量与共线向量.【分析】由题意可得∥,再根据两个向量共线的性质可得=,由此可得结论.【解答】解:由题意可得∥,∴=λ•,故有=,∴mn=1,故选:A.【点评】本题主要考查两个向量共线的性质,两个向量坐标形式的运算,属于中档题.5.执行如图所示的程序框图,如果输入的a,b分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.28【考点】程序框图.【分析】模拟执行程序框图,依次写出每次循环得到的a,b的值,当a=28,b=28时,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值.【解答】解:模拟程序的运行,可得a=56,b=140,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=140﹣56=84,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=84﹣56=28,满足条件a≠b,满足条件a>b,a=56﹣28=28,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值为28.故选:D.【点评】本题主要考查了循环结构的程序框图,正确依次写出每次循环得到的a,b的值是解题的关键,属于基本知识的考查.6.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t取[0,3]上的任意值时,直线y=t 被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A.4 B.C.5 D.【考点】进行简单的演绎推理.【分析】根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,计算梯形的面积即可得出结论.【解答】解:根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,又由图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,其面积S==;故选:B.【点评】本题考查演绎推理的运用,关键是理解题目中祖暅原理的叙述.7.如图,在正方体ABC的﹣A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B.C.D.2【考点】简单空间图形的三视图.【分析】分析三棱锥P﹣BCD的正视图与侧视图的形状,并求出面积,可得答案.【解答】解:设棱长为1,则三棱锥P﹣BCD的正视图是底面边长为1,高为1的三角形,面积为:;三棱锥P﹣BCD的俯视图取最大面积时,P在A1处,俯视图面积为:;故三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为1,故选:A.【点评】本题考查的知识点是简单空间图形的三视图,根据已知分析出三棱锥P ﹣BCD的正视图与侧视图的形状,是解答的关键.8.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<2【考点】正弦定理.【分析】由题意判断出三角形有两解时A的范围,通过正弦定理及正弦函数的性质推出a的范围即可.【解答】解:由AC=b=2,要使三角形有两解,就是要使以C为圆心,半径为2的圆与BA有两个交点,当A=90°时,圆与AB相切;当A=45°时交于B点,也就是只有一解,∴45°<A<135°,且A≠90°,即<sinA<1,由正弦定理以及asinB=bsinA.可得:a==2sinA,∵2sinA∈(2,2).∴a的取值范围是(2,2).故选:C.【点评】此题考查了正弦定理,正弦函数的图象与性质,以及特殊角的三角函数值,熟练掌握正弦定理是解本题的关键,属于中档题.9.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C.D.【考点】几何概型.【分析】首先明确几何概型测度为区域面积,利用定积分求出A的面积,然后由概型公式求概率.【解答】解:由已知得到事件对应区域面积为=4,由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,面积为2=2sinx|=,由急火攻心的公式得到所求概率为:;故选C【点评】本题考查了几何概型的概率求法;明确几何测度是关键.10.某地一年的气温Q(t)(单位:℃)与时间t(月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C(t)表示时间段[0,t]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C(t)与t之间的函数关系的是()A.B.C.D.【考点】函数的图象.【分析】根据图象的对称关系和条件可知C(6)=0,C(12)=10,再根据气温变化趋势可知在前一段时间内平均气温大于10,使用排除法得出答案.【解答】解:∵气温图象在前6个月的图象关于点(3,0)对称,∴C(6)=0,排除D;注意到后几个月的气温单调下降,则从0到12月前的某些时刻,平均气温应大于10℃,可排除C;∵该年的平均气温为10℃,∴t=12时,C(12)=10,排除B;故选A.【点评】本题考查了函数图象的几何意义,函数图象的变化规律,属于中档题.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P 在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.2【考点】抛物线的简单性质.【分析】过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义,结合|PA|=m|PF|,设PA的倾斜角为α,则当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,求出P的坐标,即可求得|PA|的值.【解答】解:抛物线的标准方程为x2=4y,则抛物线的焦点为F(0,1),准线方程为y=﹣1,过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义可得|PN|=|PF|,∵|PA|=m|PF|,∴|PA|=m|PN|,设PA的倾斜角为α,则sinα=,当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,设直线PA的方程为y=kx﹣1,代入x2=4y,可得x2=4(kx﹣1),即x2﹣4kx+4=0,∴△=16k2﹣16=0,∴k=±1,∴P(2,1),∴|PA|==2.故选D.【点评】本题考查抛物线的性质,考查抛物线的定义,考查学生分析解决问题的能力,解答此题的关键是明确当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,属中档题.12.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f(x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)【考点】根的存在性及根的个数判断.【分析】求出函数y=f(x)+g(x)的表达式,构造函数h(x)=f(x)+f(2﹣x),作出函数h(x)的图象,利用数形结合进行求解即可.【解答】解:函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,由f(x)+g(x)=0,得f(x)+f (2﹣x)=,设h(x)=f(x)+f(2﹣x),若x≤0,则﹣x≥0,2﹣x≥2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2+x+x2,若0≤x≤2,则﹣2≤﹣x≤0,0≤2﹣x≤2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2﹣x+2﹣|2﹣x|=2﹣x+2﹣2+x=2,若x>2,﹣x<﹣2,2﹣x<0,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=(x﹣2)2+2﹣|2﹣x|=x2﹣5x+8.作出函数h(x)的图象如图:当x≤0时,h(x)=2+x+x2=(x+)2+≥,当x>2时,h(x)=x2﹣5x+8=(x﹣)2+≥.由图象知要使函数y=f(x)+g(x)恰有4个零点,即h(x)=恰有4个根,∴,解得:b∈(7,8)故选:A.【点评】本题主要考查函数零点个数的判断,根据条件求出函数的解析式,利用数形结合是解决本题的关键,属于难题.二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f(x)=(x﹣a)(x+3)为偶函数,则f(2)=﹣5.【考点】函数奇偶性的性质.【分析】根据偶函数f(x)的定义域为R,则∀x∈R,都有f(﹣x)=f(x),建立等式,解之求出a,即可求出f(2).【解答】解:因为函数f(x)=(x﹣a)(x+3)是偶函数,所以∀x∈R,都有f(﹣x)=f(x),所以∀x∈R,都有(﹣x﹣a)•(﹣x+3)=(x﹣a)(x+3),即x2+(a﹣3)x﹣3a=x2﹣(a﹣3)x﹣3a,所以a=3,所以f(2)=(2﹣3)(2+3)=﹣5.故答案为:﹣5.【点评】本题主要考查了函数奇偶性的性质,同时考查了运算求解的能力,属于基础题.14.(x+1)(x+a)4的展开式中含x4项的系数为9,则实数a的值为2.【考点】二项式系数的性质.【分析】利用(x+1)(x+a)4=(x+1)(x4+4x3a+…),进而得出.【解答】解:(x+1)(x+a)4=(x+1)(x4+4x3a+…),∵展开式中含x4项的系数为9,∴1+4a=9,解得a=2.故答案为:2.【点评】本题考查了二项式定理的展开式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.15.设A,B是球O的球面上两点,∠AOB=,C是球面上的动点,若四面体OABC的体积V的最大值为,则此时球的表面积为36π.【考点】球的体积和表面积.【分析】当点C位于垂直于面AOB时,三棱锥O﹣ABC的体积最大,利用三棱锥O﹣ABC体积的最大值为,求出半径,即可求出球O的体积【解答】解:如图所示,当点C位于垂直于面AOB时,三棱锥O﹣ABC的体积最大,设球O的半径为R,此时V O﹣ABC =V C﹣AOB=×R2×sin60°×R=,故R=3,则球O的表面积为4πR2=36π,故答案为:36π.【点评】本题考查球的半径,考查体积的计算,确定点C位于垂直于面AOB时,三棱锥O﹣ABC的体积最大是关键.属于中档题16.已知数列{a n}满足a1=﹣40,且na n+1﹣(n+1)a n=2n2+2n,则a n取最小值时n 的值为10或11.【考点】数列递推式.【分析】na n+1﹣(n+1)a n=2n2+2n,化为﹣=2,利用等差数列的通项公式可得a n,再利用二次函数的单调性即可得出.【解答】解:∵na n﹣(n+1)a n=2n2+2n,∴﹣=2,+1∴数列{}是等差数列,首项为﹣40,公差为2.∴=﹣40+2(n﹣1),化为:a n=2n2﹣42n=2﹣.则a n取最小值时n的值为10或11.故答案为:10或11.【点评】本题考查了等差数列的通项公式、二次函数的单调性,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.三、解答题(本题共70分)17.(12分)(2017•贵州模拟)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.【考点】三角形中的几何计算.【分析】(1)由acosB=4,bsinA=3,两式相除,结合正弦定理可求tanB=,又acosB=4,可得cosB>0,从而可求cosB,即可解得a的值.(2)由(1)知sinB=,利用三角形面积公式可求c,由余弦定理可求b,从而解得三角形周长的值.【解答】解:(Ⅰ)在△ABC中,由acosB=4,bsinA=3,两式相除,有==•=•=,所以tanB=,又acosB=4,故cosB>0,则cosB=,所以a=5.…(6分)(2)由(1)知sinB=,由S=acsinB,得到c=6.由b2=a2+c 2﹣2accosB,得b=,故l=5+6+=11+即△ABC的周长为11+.…(12分)【点评】本题主要考查了正弦定理,余弦定理,同角三角函数基本关系式,三角形面积公式在解三角形中的应用,考查了计算能力和转化思想,属于中档题.18.(12分)(2017•贵州模拟)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.甲地PM2.5PM2.5日平[0,20](20,40](40,60](60,80](80,100]均浓度(微克/立方米)频数(天)23465(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,并通过两个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:满意度等级非常满意满意不满意PM2.5日平均浓度(微克/立不超过20大于20不超过超过60方米)60记事件C:“甲地市民对空气质量的满意度等级高于乙地市民对空气质量的满意度等级”,假设两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C的概率.【考点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率;频率分布直方图.【分析】(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表能作出相应的频率分组直方图,由频率分布直方图能求出结果.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,由此能求出事件C的概率.【解答】解:(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,如下图:由频率分布直方图得:甲地PM2.5日平均浓度的平均值低于乙地PM2.5日平均浓度的平均值,而且甲地的数据比较集中,乙地的数据比较分散.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,P(C)=P(B1A1∪B2A2)=P(B1)P(A1)+P(B2)P(A2),由题意P(A1)=,P(A2)=,P(B1)=,P(B2)=,∴P(C)=.【点评】本题考查频率分布直方图的应用,考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意互斥事件加法公式和相互独立事件事件概率乘法公式的合理运用.19.(12分)(2017•贵州模拟)如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠B=90°,将△ABC沿中位线DE翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A﹣DE﹣C 的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.【考点】直线与平面所成的角;平面与平面垂直的判定.【分析】(1)证明:DE⊥平面ADB,DE∥BC,可证BC⊥平面ABD,即可证明平面ABD⊥平面ABC.(2)取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0),利用平面ABC的法向量求解.【解答】(1)证明:由题意,DE∥BC,∵DE⊥AD,DE⊥BD,AD∩BD=D,∴DE⊥平面ADB,∴BC⊥平面ABD;∵面ABC,∴平面ABD⊥平面ABC;(2)由已知可得二面角A﹣DE﹣C的平面角就是∠ADB设等腰直角三角形ABC的直角边AB=4,则在△ADB中,AD=DB=AB=2,取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,∴AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0)设平面ABC的法向量为,,.由,取,},∴直线AE与平面ABC所成角的θ,sinθ=|cos<>|=||=.即直线AE与平面ABC所成角的正弦值为:【点评】本题考查线面垂直,考查向量法求二面角,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题.20.(12分)(2017•贵州模拟)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P(1,)在椭圆E上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.【考点】直线与椭圆的位置关系.【分析】(1)由题意的离心率公式求得a=c,b2=a2﹣c2=c2,将直线方程代入椭圆方程,即可求得a和b,求得椭圆方程;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由y=k(x﹣1)代入椭圆方程,运用韦达定理和向量数量积的坐标表示,结合恒成立思想,即可得到定点和定值;检验直线AB的斜率不存在时,也成立.【解答】解:(1)由椭圆的焦点在x轴上,椭圆的离心率e==,则a=c,由b2=a2﹣c2=c2,将P(1,)代入椭圆方程,解得:c=1,a=,b=1,∴椭圆的标准方程:;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由,整理得(1+2k2)x2﹣4k2x+2k2﹣2=0,x1+x2=,x1x2=,y1y2=k2(x1﹣1)(x2﹣1)=k2[x1x2+1﹣(x1+x2)]=k2(+1﹣)=﹣,则•=(x1﹣m)(x2﹣m)+y1y2=x1x2+m2﹣m(x1+x2)+y1y2,=+m2﹣m•﹣=,欲使得•为定值,则2m2﹣4m+1=2(m2﹣2),解得:m=,此时•=﹣2=﹣;当AB斜率不存在时,令x=1,代入椭圆方程,可得y=±,由M(,0),可得•=﹣,符合题意.故在x轴上存在定点M(,0),使得•=﹣.【点评】本题考查椭圆方程的求法,注意运用离心率公式,考查存在性问题的解法,注意运用分类讨论的思想方法和联立直线方程和椭圆方程,运用韦达定理和向量的数量积的坐标表示,考查化简整理的运算能力,属于中档题.21.(12分)(2017•贵州模拟)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).【考点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】(1)由f′(1)=1+a=2,解得:a=1,利用导数求解单调区间.(2)要证e x>f′(x),即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x >lnx+1即可【解答】解:(1)f′(x)=lnx+1+a,f′(1)=1+a=2,解得:a=1,故f(x)=xlnx+x,f′(x)=lnx+2,令f′(x)>0,解得:x>e﹣2,令f′(x)<0,解得:0<x<e﹣2,故f(x)在(0,e﹣2)递减,在(e﹣2,+∞)递增;(2)要证e x>f′(x),即证e x﹣lnx﹣2>0,即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x+1≥lnx+2即可,即只需证明x>lnx+1即可令h(x)=x﹣lnx+1,则h′(x)=1﹣,令h′(x)=0,得x=1h(x)在(0,1)递减,在(1,+∞)递增,故h(x)≥h(1)=0.即x+1≥lnx+2成立,即e x>lnx+2,∴e x>f′(x).【点评】本题考查了导数的综合应用,构造合适的新函数,放缩法证明函数不等式,属于难题.[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)(2017•贵州模拟)曲线C1的参数方程为(α为参数)在以原点O为极点,x轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.【考点】简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程.【分析】(1)先将C1的参数方程化为普通方程,再化为极坐标方程,将C2的极坐标方程两边同乘ρ,根据极坐标与直角坐标的对应关系得出C2的直角坐标方程;(2)求出l的参数方程,分别代入C1,C2的普通方程,根据参数的几何意义得出|OA|,|OB|,得到|OA|•|OB|关于k的函数,根据k的范围得出答案.【解答】解:(1)曲线C1的参数方程为(α为参数),普通方程为(x﹣2)2+y2=4,即x2+y2=4x,极坐标方程为ρ=4cosθ;曲线C1的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ,普通方程为:y=x2;(2)射线l的参数方程为(t为参数,<α≤).把射线l的参数方程代入曲线C1的普通方程得:t2﹣4tcosα=0,解得t1=0,t2=4cosα.∴|OA|=|t2|=4cosα.把射线l的参数方程代入曲线C2的普通方程得:cos2αt2=tsinα,解得t1=0,t2=.∴|OB|=|t2|=.∴|OA|•|OB|=4cosα•=4tanα=4k.∵k∈(,1],∴4k∈(,4].∴|OA|•|OB|的取值范围是(,4].【点评】本题考查参数方程与极坐标与普通方程的互化,考查参数的几何意义的应用,属于中档题.[选修4-5:不等式选讲]23.(2017•贵州模拟)已知函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|,g(x)=.(1)求f(x)的最小值;(2)记f(x)的最小值为m,已知实数a,b满足a2+b2=6,求证:g(a)+g(b)≤m.【考点】函数的最值及其几何意义.【分析】(1)化简f(x)的解析式,得出f(x)的单调性,利用单调性求出f (x)的最小值;(2)计算[g(a)+g(b)]2,利用基本不等式即可得出结论.【解答】解:(1)f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|=,∴f(x)在(﹣∞,1]上单调递减,在[5,+∞)上单调递增,∵f(1)=4,f(5)=4,∴f(x)的最小值为4.(2)证明:由(1)可知m=4,g(a)+g(b)=+,∴[g(a)+g(b)]2=1+a2+1+b2+2=8+2,∵≤=4,∴[g(a)+g(b)]2≤16,∴g(a)+g(b)≤4.【点评】本题考查了函数的单调性,分段函数的最值计算,基本不等式的应用,属于中档题.。
贵州省年普通高等学校招生适应性考试高三数学(理科)试题Word版含答案

贵州省2017年普通高等学校招生适应性考试数学试卷(理科) 2017.4.08一选择题:本大题共12小题,每小题5分,共60分.在每个小题给出的四个选项中,有且只有一项符合题目要求.1.设集合{}{}2|20,|1,M x x x N x x =-<=≥则MN = A .{}|1x x ≥ B. {}|12x x ≤< C. {}|01x x <≤ D. {}|1x x ≤2.已知,,x y R i ∈是虚数单位,且()()21x i i y +-=,则y 的值为A . 1- B. 1 C. 2- D .23.已知数列{}n a 满足112n n a a +=,若342a a +=,则45a a += A. 12B. 1C. 4 D . 8 4.已知向量12,e e 不共线,且向量1212,AB e me AC ne e =+=+,若,,A B C 三点共线,则实数,m n 满足的条件是A. 1mn = B . 1mn =-C. 1m n += D . 1m n +=-5.执行右面的程序框图,如果输入的,a b 分别为56,140,则输出的a =A. 0 B. 7C. 14 D . 286.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(祖暅原理):“幂势既同,则积不容异.”“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得几何体的截面面积相等,那么这两个几何体的体积相等.类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底边长为1,下底边长为2的梯形,且当实数t 取[]0,3上的任意实数时,直线y t =被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为A. 4B. 92C. 5D. 1127.如图,在正方体1111ABCD A B C D -中,点P 是线段11A C 上的动点,则三棱锥P BCD -的俯视图和正视图面积之比的最大值为A. 1B. 2C. 3D. 28.已知ABC ∆中,内角A ,B,C 所对的边分别为,,,2,45a b c b B ==,若三角形有两解,则a 的取值范围是A . 2a > B. 02a << C. 222a << D.223a <<9.已知区域(){},|2,02x y x y Ω=≤≤≤,由直线,33x x ππ=-=,曲线cos y x =与x 轴围成的 封闭图形所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一个点P,则点P 在区域A 的概率为A. 24 B. 12 C. 3 D.6 10.某地一年的气温()Q t (单位:C )与时间t (月份)之间的关系如右图所示,已知该年的平均气温为10C ,令()C t 表示时间段[]0,t 的平均气温,下列四个函数图像中,最能表示()C t 与t 之间的函数关系的是11.已知点A 是抛物线24x y =的对称轴与准线的交点,点F 为抛物线的焦点,P 在抛物线上且满足PA m PF =,当m 取得最大值时,PA 的值为A. 1 B. 5 C. 6 D.2212.已知函数()()22,22,2x x f x x x ⎧-≤⎪=⎨->⎪⎩,函数()()124g x f x b =--,其中b R ∈,若函数()()y f x g x =+恰有4个零点,则b 的取值范围是A . ()7,8 B. ()8,+∞ C. ()7,0- D .(),8-∞二、填空题:本大题共4小题,每小题5分,共20分.13.若函数()()()3f x x a x =-+为偶函数,则()2f = .14. ()()41x x a ++的展开式中含4x 的项的系数为9,则实数a 的值为 . 15. 设A,B 为球O 的球面上的两点3AOB π∠=,C 是球面上的动点,若四面体OABC 的体积V最大值为934,则此时球的表面积为 . 16. 已知数列{}n a 满足140a =-,且()21122n n na n a n n +-+=+,则n a 取最小值时n 的值为 .三、解答题:本大题共6小题,共70分.解答应写出必要的文字说明或推理、验算过程.17.(本题满分12分)设ABC ∆的内角A,B,C 的对边分别为,,a b c ,且cos 4,sin 3.a B b A ==(1)求tan B 及边长a 的值;(2)若ABC ∆的面积为9,S =求ABC ∆的周长.18.(本题满分12分)为了监测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地P M2.5日平均浓度的频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.日(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频数分布表,在答题卡上作出相应的频率分布直方图,并通过两个频率分布直方图比较两地PM 2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可):(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:记事件C:“甲地市民对空气质量的满意度等级高于乙地市民对空气质量的满意度等级”.假设两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率为相应的概率,求事件C 的概率.19.(本题满分12分)如图1,在等腰直角三角形ABC 中,90B ∠=将ABC ∆沿中位线DE 翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A DE C --的大小为0.2πθθ⎛⎫<<⎪⎝⎭ (1)求证:平面ABD ⊥平面ABC ;(2)若3πθ=,求直线AE 与平面ABC 所成角的正弦值.20.(本题满分12分)已知椭圆()2222:10x y E a b a b +=>>,点1,2P ⎛ ⎝⎭在椭圆E上,直线l 过椭圆的右焦点F,且与椭圆相交于A,B两点.(1)求椭圆E 的方程;(2)在x 轴上是否存在定点M,使得MA MB ⋅为定值?若存在,求出定点M 的坐标;若不存在,说明理由.21.(本题满分12分)已知函数()ln f x x x ax =+,函数()f x 的图象在点1x =处的切线与直线210x y +-=垂直.(1)求a 的值和()f x 的单调区间;(2)求证:()xe f x '>请考生在第22、23两题中任选一题作答,如果多做,则按照所做的第一题计分.22.(本题满分10分)选修4-4:极坐标与参数方程在平面直角坐标系xoy 中,曲线1C 的参数方程为22cos 2sin x y αα=+⎧⎨=⎩(α为参数),在以坐标原点O为极点,x 轴的非负半轴为极轴建立的极坐标系中,曲线2C 的极坐标方程为2cos sin .ρθθ=(1)求曲线1C 的极坐标方程和曲线2C 的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为64ππαα⎛⎫<≤ ⎪⎝⎭的射线l 与曲线1C ,2C 分别相交于异于原点A,B 两点,求OA OB 的取值范围.23.(本题满分10分)选修4-5:不等式选讲已知函数()()15,f x x x g x =-+-= (1)求()f x 的最小值;(2)记()f x 的最小值为m ,已知实数,a b 满足226a b +=,求证:()().g a g b m +≤----。
2019-2020学年贵州省高考数学适应性试卷(理科)_word版含解析-(高三)

贵州省高考数学适应性试卷(理科)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1} B.{x|1≤x<2} C.{x|0<x≤1} D.{x|x≤1}2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.23.已知数列{an }满足an=an+1,若a3+a4=2,则a4+a5=()A.B.1 C.4 D.84.已知向量与不共线,且向量=+m, =n+,若A,B,C三点共线,则实数m,n()A.mn=1 B.mn=﹣1 C.m+n=1 D.m+n=﹣15.执行如图所示的程序框图,如果输入的a,b分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.286.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t取[0,3]上的任意值时,直线y=t被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A.4 B.C.5 D.7.如图,在正方体ABC的﹣A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B.C.D.28.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<29.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x 轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C. D.10.某地一年的气温Q(t)(单位:℃)与时间t(月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C(t)表示时间段[0,t]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C(t)与t之间的函数关系的是()A.B.C.D.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.212.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f (x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f(x)=(x﹣a)(x+3)为偶函数,则f(2)= .14.(x+a)4的展开式中含x4项的系数为9,则实数a的值为.15.设A,B是球O的球面上两点,∠AOB=,C是球面上的动点,若四面体OABC的体积V 的最大值为,则此时球的表面积为.16.已知数列{an}满足a1=﹣40,且nan+1﹣(n+1)an=2n2+2n,则an取最小值时n的值为.三、解答题(本题共70分)17.(12分)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.18.(12分)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地PM2.5日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.乙地20天PM2.5日平均浓度频数分布表PM2.5日平均浓度(微克/立方米)[0,20](20,40](40,60](60,80](80,100]频数(天)23465(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,并通过两个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:满意度等级非常满意满意不满意PM2.5日平均浓度(微克/立方米)不超过20大于20不超过60超过60记事件C:“甲地市民对空气质量的满意度等级高于乙地市民对空气质量的满意度等级”,假设两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C的概率.19.(12分)如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠B=90°,将△ABC沿中位线DE翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A﹣DE﹣C的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.20.(12分)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P(1,)在椭圆E 上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.21.(12分)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y ﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)曲线C的参数方程为(α为参数)在以原点O为极点,x轴的非负1半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.[选修4-5:不等式选讲]23.已知函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|,g(x)=.(1)求f(x)的最小值;(2)记f(x)的最小值为m,已知实数a,b满足a2+b2=6,求证:g(a)+g(b)≤m.贵州省高考数学适应性试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1} B.{x|1≤x<2} C.{x|0<x≤1} D.{x|x≤1}【考点】交集及其运算.【分析】解不等式求出集合M,再根据交集的定义写出M∩N.【解答】解:集合集合M={x|x2﹣2x<0}={x|0<x<2},N={x|x≥1},则M∩N={x|1≤x<2}故选:B.【点评】此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.2【考点】复数代数形式的乘除运算.【分析】利用复数的运算法则、复数相等即可得出.【解答】解:∵y=(2x+i)(1﹣i)=2x+1+(1﹣2x)i,∴,解得y=2故选:D.【点评】本题考查了复数的运算法则、复数相等,考查了计算能力,属于基础题.3.已知数列{an }满足an=an+1,若a3+a4=2,则a4+a5=()A.B.1 C.4 D.8【考点】等比数列的通项公式.【分析】根据已知条件可以求得公比q=2.【解答】解:∵数列{an }满足an=an+1,∴=2.则该数列是以2为公比的等比数列.由a3+a4=2,得到:4a1+8a1=2,解得a1=,则a4+a5=8a1+16a1=24a1=24×=4,故选:C.【点评】本题考查了等比数列的通项公式,是基础的计算题.4.已知向量与不共线,且向量=+m, =n+,若A,B,C三点共线,则实数m,n()A.mn=1 B.mn=﹣1 C.m+n=1 D.m+n=﹣1【考点】平行向量与共线向量.【分析】由题意可得∥,再根据两个向量共线的性质可得=,由此可得结论.【解答】解:由题意可得∥,∴=λ•,故有=,∴mn=1,故选:A.【点评】本题主要考查两个向量共线的性质,两个向量坐标形式的运算,属于中档题.5.执行如图所示的程序框图,如果输入的a,b分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.28【考点】程序框图.【分析】模拟执行程序框图,依次写出每次循环得到的a,b的值,当a=28,b=28时,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值.【解答】解:模拟程序的运行,可得a=56,b=140,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=140﹣56=84,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=84﹣56=28,满足条件a≠b,满足条件a>b,a=56﹣28=28,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值为28.故选:D.【点评】本题主要考查了循环结构的程序框图,正确依次写出每次循环得到的a,b的值是解题的关键,属于基本知识的考查.6.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t取[0,3]上的任意值时,直线y=t被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A.4 B.C.5 D.【考点】进行简单的演绎推理.【分析】根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,计算梯形的面积即可得出结论.【解答】解:根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,又由图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,其面积S==;故选:B.【点评】本题考查演绎推理的运用,关键是理解题目中祖暅原理的叙述.7.如图,在正方体ABC的﹣A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B.C.D.2【考点】简单空间图形的三视图.【分析】分析三棱锥P﹣BCD的正视图与侧视图的形状,并求出面积,可得答案.【解答】解:设棱长为1,则三棱锥P﹣BCD的正视图是底面边长为1,高为1的三角形,面积为:;三棱锥P﹣BCD的俯视图取最大面积时,P在A处,俯视图面积为:;1故三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为1,故选:A.【点评】本题考查的知识点是简单空间图形的三视图,根据已知分析出三棱锥P﹣BCD的正视图与侧视图的形状,是解答的关键.8.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<2【考点】正弦定理.【分析】由题意判断出三角形有两解时A的范围,通过正弦定理及正弦函数的性质推出a的范围即可.【解答】解:由AC=b=2,要使三角形有两解,就是要使以C为圆心,半径为2的圆与BA有两个交点,当A=90°时,圆与AB相切;当A=45°时交于B点,也就是只有一解,∴45°<A<135°,且A≠90°,即<sinA<1,由正弦定理以及asinB=bsinA.可得:a==2sinA,∵2sinA∈(2,2).∴a的取值范围是(2,2).故选:C.【点评】此题考查了正弦定理,正弦函数的图象与性质,以及特殊角的三角函数值,熟练掌握正弦定理是解本题的关键,属于中档题.9.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x 轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C. D.【考点】几何概型.【分析】首先明确几何概型测度为区域面积,利用定积分求出A的面积,然后由概型公式求概率.【解答】解:由已知得到事件对应区域面积为=4,由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,面积为2=2sinx|=,由急火攻心的公式得到所求概率为:;故选C【点评】本题考查了几何概型的概率求法;明确几何测度是关键.10.某地一年的气温Q(t)(单位:℃)与时间t(月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C(t)表示时间段[0,t]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C(t)与t之间的函数关系的是()A.B.C.D.【考点】函数的图象.【分析】根据图象的对称关系和条件可知C(6)=0,C(12)=10,再根据气温变化趋势可知在前一段时间内平均气温大于10,使用排除法得出答案.【解答】解:∵气温图象在前6个月的图象关于点(3,0)对称,∴C(6)=0,排除D;注意到后几个月的气温单调下降,则从0到12月前的某些时刻,平均气温应大于10℃,可排除C;∵该年的平均气温为10℃,∴t=12时,C(12)=10,排除B;故选A.【点评】本题考查了函数图象的几何意义,函数图象的变化规律,属于中档题.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.2【考点】抛物线的简单性质.【分析】过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义,结合|PA|=m|PF|,设PA的倾斜角为α,则当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,求出P的坐标,即可求得|PA|的值.【解答】解:抛物线的标准方程为x2=4y,则抛物线的焦点为F(0,1),准线方程为y=﹣1,过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义可得|PN|=|PF|,∵|PA|=m|PF|,∴|PA|=m|PN|,设PA的倾斜角为α,则si nα=,当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,设直线PA的方程为y=kx﹣1,代入x2=4y,可得x2=4(kx﹣1),即x2﹣4kx+4=0,∴△=16k2﹣16=0,∴k=±1,∴P(2,1),∴|PA|==2.故选D.【点评】本题考查抛物线的性质,考查抛物线的定义,考查学生分析解决问题的能力,解答此题的关键是明确当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,属中档题.12.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f (x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)【考点】根的存在性及根的个数判断.【分析】求出函数y=f(x)+g(x)的表达式,构造函数h(x)=f(x)+f(2﹣x),作出函数h(x)的图象,利用数形结合进行求解即可.【解答】解:函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,由f(x)+g(x)=0,得f(x)+f(2﹣x)=,设h(x)=f(x)+f(2﹣x),若x≤0,则﹣x≥0,2﹣x≥2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2+x+x2,若0≤x≤2,则﹣2≤﹣x≤0,0≤2﹣x≤2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2﹣x+2﹣|2﹣x|=2﹣x+2﹣2+x=2,若x>2,﹣x<﹣2,2﹣x<0,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=(x﹣2)2+2﹣|2﹣x|=x2﹣5x+8.作出函数h(x)的图象如图:当x≤0时,h(x)=2+x+x2=(x+)2+≥,当x>2时,h(x)=x2﹣5x+8=(x﹣)2+≥.由图象知要使函数y=f(x)+g(x)恰有4个零点,即h(x)=恰有4个根,∴,解得:b∈(7,8)故选:A.【点评】本题主要考查函数零点个数的判断,根据条件求出函数的解析式,利用数形结合是解决本题的关键,属于难题.二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f(x)=(x﹣a)(x+3)为偶函数,则f(2)= ﹣5 .【考点】函数奇偶性的性质.【分析】根据偶函数f(x)的定义域为R,则∀x∈R,都有f(﹣x)=f(x),建立等式,解之求出a,即可求出f(2).【解答】解:因为函数f(x)=(x﹣a)(x+3)是偶函数,所以∀x∈R,都有f(﹣x)=f(x),所以∀x∈R,都有(﹣x﹣a)•(﹣x+3)=(x﹣a)(x+3),即x2+(a﹣3)x﹣3a=x2﹣(a﹣3)x﹣3a,所以a=3,所以f(2)=(2﹣3)(2+3)=﹣5.故答案为:﹣5.【点评】本题主要考查了函数奇偶性的性质,同时考查了运算求解的能力,属于基础题.14.(x+1)(x+a)4的展开式中含x4项的系数为9,则实数a的值为 2 .【考点】二项式系数的性质.【分析】利用(x+1)(x+a)4=(x+1)(x4+4x3a+…),进而得出.【解答】解:(x+1)(x+a)4=(x+1)(x4+4x3a+…),∵展开式中含x4项的系数为9,∴1+4a=9,解得a=2.故答案为:2.【点评】本题考查了二项式定理的展开式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.15.设A,B是球O的球面上两点,∠AOB=,C是球面上的动点,若四面体OABC的体积V 的最大值为,则此时球的表面积为36π.【考点】球的体积和表面积.【分析】当点C位于垂直于面AOB时,三棱锥O﹣ABC的体积最大,利用三棱锥O﹣ABC体积的最大值为,求出半径,即可求出球O的体积【解答】解:如图所示,当点C位于垂直于面AOB时,三棱锥O﹣ABC的体积最大,设球O的半径为R,此时VO﹣ABC =VC﹣AOB=×R2×sin60°×R=,故R=3,则球O的表面积为4πR2=36π,故答案为:36π.【点评】本题考查球的半径,考查体积的计算,确定点C位于垂直于面AOB时,三棱锥O﹣ABC 的体积最大是关键.属于中档题16.已知数列{an }满足a1=﹣40,且nan+1﹣(n+1)an=2n2+2n,则an取最小值时n的值为10或11 .【考点】数列递推式.【分析】nan+1﹣(n+1)an=2n2+2n,化为﹣=2,利用等差数列的通项公式可得an,再利用二次函数的单调性即可得出.【解答】解:∵nan+1﹣(n+1)an=2n2+2n,∴﹣=2,∴数列{}是等差数列,首项为﹣40,公差为2.∴=﹣40+2(n﹣1),化为:an=2n2﹣42n=2﹣.则an取最小值时n的值为10或11.故答案为:10或11.【点评】本题考查了等差数列的通项公式、二次函数的单调性,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.三、解答题(本题共70分)17.(12分)(2017•贵州模拟)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.【考点】三角形中的几何计算.【分析】(1)由acosB=4,bsinA=3,两式相除,结合正弦定理可求tanB=,又acosB=4,可得cosB>0,从而可求cosB,即可解得a的值.(2)由(1)知sinB=,利用三角形面积公式可求c,由余弦定理可求b,从而解得三角形周长的值.【解答】解:(Ⅰ)在△ABC中,由acosB=4,bsinA=3,两式相除,有==•=•=,所以tanB=,又acosB=4,故cosB>0,则cosB=,所以a=5.…(6分)(2)由(1)知sinB=,由S=acsinB,得到c=6.由b2=a2+c2﹣2accosB,得b=,故l=5+6+=11+即△ABC的周长为11+.…(12分)【点评】本题主要考查了正弦定理,余弦定理,同角三角函数基本关系式,三角形面积公式在解三角形中的应用,考查了计算能力和转化思想,属于中档题.18.(12分)(2017•贵州模拟)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地PM2.5日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.乙地20天PM2.5日平均浓度频数分布表PM2.5日平[0,20](20,40](40,60](60,80](80,100]均浓度(微克/立方米)频数(天)23465(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,并通过两个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:满意度等级非常满意满意不满意PM2.5日平均浓度(微克/立方米)不超过20大于20不超过60超过60记事件C:“甲地市民对空气质量的满意度等级高于乙地市民对空气质量的满意度等级”,假设两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C的概率.【考点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率;频率分布直方图.【分析】(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表能作出相应的频率分组直方图,由频率分布直方图能求出结果.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B 1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,由此能求出事件C的概率.【解答】解:(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,如下图:由频率分布直方图得:甲地PM2.5日平均浓度的平均值低于乙地PM2.5日平均浓度的平均值,而且甲地的数据比较集中,乙地的数据比较分散.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,P(C)=P(B1A1∪B2A2)=P(B1)P(A1)+P(B2)P(A2),由题意P(A1)=,P(A2)=,P(B1)=,P(B2)=,∴P(C)=.【点评】本题考查频率分布直方图的应用,考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意互斥事件加法公式和相互独立事件事件概率乘法公式的合理运用.19.(12分)(2017•贵州模拟)如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠B=90°,将△ABC沿中位线DE翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A﹣DE﹣C的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.【考点】直线与平面所成的角;平面与平面垂直的判定.【分析】(1)证明:DE⊥平面ADB,DE∥BC,可证BC⊥平面ABD,即可证明平面ABD⊥平面ABC.(2)取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0),利用平面ABC的法向量求解.【解答】(1)证明:由题意,DE∥BC,∵DE⊥AD,DE⊥BD,AD∩BD=D,∴DE⊥平面ADB,∴BC⊥平面ABD;∵面ABC,∴平面ABD⊥平面ABC;(2)由已知可得二面角A﹣DE﹣C的平面角就是∠ADB设等腰直角三角形ABC的直角边AB=4,则在△ADB中,AD=DB=AB=2,取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,∴AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0)设平面ABC的法向量为,,.由,取,},∴直线AE与平面ABC所成角的θ,sinθ=|cos<>|=||=.即直线AE与平面ABC所成角的正弦值为:【点评】本题考查线面垂直,考查向量法求二面角,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题.20.(12分)(2017•贵州模拟)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P (1,)在椭圆E上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.【考点】直线与椭圆的位置关系.【分析】(1)由题意的离心率公式求得a=c,b2=a2﹣c2=c2,将直线方程代入椭圆方程,即可求得a和b,求得椭圆方程;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由y=k(x﹣1)代入椭圆方程,运用韦达定理和向量数量积的坐标表示,结合恒成立思想,即可得到定点和定值;检验直线AB的斜率不存在时,也成立.【解答】解:(1)由椭圆的焦点在x轴上,椭圆的离心率e==,则a=c,由b2=a2﹣c2=c2,将P(1,)代入椭圆方程,解得:c=1,a=,b=1,∴椭圆的标准方程:;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由,整理得(1+2k2)x2﹣4k2x+2k2﹣2=0,x 1+x2=,x1x2=,y 1y2=k2(x1﹣1)(x2﹣1)=k2[x1x2+1﹣(x1+x2)]=k2(+1﹣)=﹣,则•=(x1﹣m)(x2﹣m)+y1y2=x1x2+m2﹣m(x1+x2)+y1y2,=+m2﹣m•﹣=,欲使得•为定值,则2m2﹣4m+1=2(m2﹣2),解得:m=,此时•=﹣2=﹣;当AB斜率不存在时,令x=1,代入椭圆方程,可得y=±,由M(,0),可得•=﹣,符合题意.故在x轴上存在定点M(,0),使得•=﹣.【点评】本题考查椭圆方程的求法,注意运用离心率公式,考查存在性问题的解法,注意运用分类讨论的思想方法和联立直线方程和椭圆方程,运用韦达定理和向量的数量积的坐标表示,考查化简整理的运算能力,属于中档题.21.(12分)(2017•贵州模拟)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).【考点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】(1)由f′(1)=1+a=2,解得:a=1,利用导数求解单调区间.(2)要证e x>f′(x),即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x>lnx+1即可【解答】解:(1)f′(x)=lnx+1+a,f′(1)=1+a=2,解得:a=1,故f(x)=xlnx+x,f′(x)=lnx+2,令f′(x)>0,解得:x>e﹣2,令f′(x)<0,解得:0<x<e﹣2,故f(x)在(0,e﹣2)递减,在(e﹣2,+∞)递增;(2)要证e x>f′(x),即证e x﹣lnx﹣2>0,即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x+1≥lnx+2即可,即只需证明x>lnx+1即可令h(x)=x﹣lnx+1,则h′(x)=1﹣,令h′(x)=0,得x=1h(x)在(0,1)递减,在(1,+∞)递增,故h(x)≥h(1)=0.即x+1≥lnx+2成立,即e x>lnx+2,∴e x>f′(x).【点评】本题考查了导数的综合应用,构造合适的新函数,放缩法证明函数不等式,属于难题.[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)(2017•贵州模拟)曲线C1的参数方程为(α为参数)在以原点O为极点,x轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.【考点】简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程.【分析】(1)先将C1的参数方程化为普通方程,再化为极坐标方程,将C2的极坐标方程两边同乘ρ,根据极坐标与直角坐标的对应关系得出C2的直角坐标方程;(2)求出l的参数方程,分别代入C1,C2的普通方程,根据参数的几何意义得出|OA|,|OB|,得到|OA|•|OB|关于k的函数,根据k的范围得出答案.【解答】解:(1)曲线C1的参数方程为(α为参数),普通方程为(x﹣2)2+y2=4,即x2+y2=4x,极坐标方程为ρ=4cosθ;曲线C1的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ,普通方程为:y=x2;(2)射线l的参数方程为(t为参数,<α≤).把射线l的参数方程代入曲线C1的普通方程得:t2﹣4tcosα=0,解得t1=0,t2=4cosα.∴|OA|=|t2|=4cosα.把射线l的参数方程代入曲线C2的普通方程得:cos2αt2=tsinα,解得t1=0,t2=.∴|OB|=|t2|=.∴|OA|•|OB|=4cosα•=4tanα=4k.∵k∈(,1],∴4k∈(,4].∴|OA|•|OB|的取值范围是(,4].【点评】本题考查参数方程与极坐标与普通方程的互化,考查参数的几何意义的应用,属于中档题.[选修4-5:不等式选讲]23.(2017•贵州模拟)已知函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|,g(x)=.(1)求f(x)的最小值;(2)记f(x)的最小值为m,已知实数a,b满足a2+b2=6,求证:g(a)+g(b)≤m.【考点】函数的最值及其几何意义.【分析】(1)化简f(x)的解析式,得出f(x)的单调性,利用单调性求出f(x)的最小值;(2)计算[g(a)+g(b)]2,利用基本不等式即可得出结论.【解答】解:(1)f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|=,∴f(x)在(﹣∞,1]上单调递减,在[5,+∞)上单调递增,∵f(1)=4,f(5)=4,∴f(x)的最小值为4.(2)证明:由(1)可知m=4,g(a)+g(b)=+,∴[g(a)+g(b)]2=1+a2+1+b2+2=8+2,∵≤=4,∴[g(a)+g(b)]2≤16,∴g(a)+g(b)≤4.【点评】本题考查了函数的单调性,分段函数的最值计算,基本不等式的应用,属于中档题.。
贵州省2020届高考数学适应性试卷(理科)_word版含解析-(高三)(精校版)

贵州省2020届高考数学适应性试卷(理科)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1}B.{x|1≤x<2}C.{x|0<x≤1}D.{x|x≤1}2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.23.已知数列{a n}满足a n=a n,若a3+a4=2,则a4+a5=()+1A.B.1 C.4 D.84.已知向量与不共线,且向量=+m,=n+,若A,B,C三点共线,则实数m,n()A.mn=1 B.mn=﹣1 C.m+n=1 D.m+n=﹣15.执行如图所示的程序框图,如果输入的a,b分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.286.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t 取[0,3]上的任意值时,直线y=t被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A.4 B.C.5 D.7.如图,在正方体ABC的﹣A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B.C.D.28.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<29.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x 轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C.D.10.某地一年的气温Q(t)(单位:℃)与时间t(月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C(t)表示时间段[0,t]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C (t)与t之间的函数关系的是()A.B.C.D.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.212.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f (x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f(x)=(x﹣a)(x+3)为偶函数,则f(2)=.14.(x+a)4的展开式中含x4项的系数为9,则实数a的值为.15.设A,B是球O的球面上两点,∠AOB=,C是球面上的动点,若四面体OABC的体积V的最大值为,则此时球的表面积为.16.已知数列{a n}满足a1=﹣40,且na n+1﹣(n+1)a n=2n2+2n,则a n取最小值时n的值为.三、解答题(本题共70分)17.(12分)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.18.(12分)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地PM2.5日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.乙地20天PM2.5日平均浓度频数分布表个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C的概率.19.(12分)如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠B=90°,将△ABC沿中位线DE翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A﹣DE﹣C的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.20.(12分)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P(1,)在椭圆E 上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.21.(12分)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)曲线C1的参数方程为(α为参数)在以原点O为极点,x轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.[选修4-5:不等式选讲]23.已知函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|,g(x)=.(1)求f(x)的最小值;(2)记f(x)的最小值为m,已知实数a,b满足a2+b2=6,求证:g(a)+g(b)≤m.2019年贵州省高考数学适应性试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1}B.{x|1≤x<2}C.{x|0<x≤1}D.{x|x≤1}【考点】交集及其运算.【分析】解不等式求出集合M,再根据交集的定义写出M∩N.【解答】解:集合集合M={x|x2﹣2x<0}={x|0<x<2},N={x|x≥1},则M∩N={x|1≤x<2}故选:B.【点评】此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.2【考点】复数代数形式的乘除运算.【分析】利用复数的运算法则、复数相等即可得出.【解答】解:∵y=(2x+i)(1﹣i)=2x+1+(1﹣2x)i,∴,解得y=2故选:D.【点评】本题考查了复数的运算法则、复数相等,考查了计算能力,属于基础题.3.已知数列{a n}满足a n=a n,若a3+a4=2,则a4+a5=()+1A.B.1 C.4 D.8【考点】等比数列的通项公式.【分析】根据已知条件可以求得公比q=2.,【解答】解:∵数列{a n}满足a n=a n+1∴=2.则该数列是以2为公比的等比数列.由a3+a4=2,得到:4a1+8a1=2,解得a1=,则a4+a5=8a1+16a1=24a1=24×=4,故选:C.【点评】本题考查了等比数列的通项公式,是基础的计算题.4.已知向量与不共线,且向量=+m,=n+,若A,B,C三点共线,则实数m,n()A.mn=1 B.mn=﹣1 C.m+n=1 D.m+n=﹣1【考点】平行向量与共线向量.【分析】由题意可得∥,再根据两个向量共线的性质可得=,由此可得结论.【解答】解:由题意可得∥,∴=λ•,故有=,∴mn=1,故选:A.【点评】本题主要考查两个向量共线的性质,两个向量坐标形式的运算,属于中档题.5.执行如图所示的程序框图,如果输入的a,b分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.28【考点】程序框图.【分析】模拟执行程序框图,依次写出每次循环得到的a,b的值,当a=28,b=28时,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值.【解答】解:模拟程序的运行,可得a=56,b=140,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=140﹣56=84,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=84﹣56=28,满足条件a≠b,满足条件a>b,a=56﹣28=28,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值为28.故选:D.【点评】本题主要考查了循环结构的程序框图,正确依次写出每次循环得到的a,b的值是解题的关键,属于基本知识的考查.6.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t 取[0,3]上的任意值时,直线y=t被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A.4 B.C.5 D.【考点】进行简单的演绎推理.【分析】根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,计算梯形的面积即可得出结论.【解答】解:根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,又由图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,其面积S==;故选:B.【点评】本题考查演绎推理的运用,关键是理解题目中祖暅原理的叙述.7.如图,在正方体ABC的﹣A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B.C.D.2【考点】简单空间图形的三视图.【分析】分析三棱锥P﹣BCD的正视图与侧视图的形状,并求出面积,可得答案.【解答】解:设棱长为1,则三棱锥P﹣BCD的正视图是底面边长为1,高为1的三角形,面积为:;三棱锥P﹣BCD的俯视图取最大面积时,P在A1处,俯视图面积为:;故三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为1,故选:A.【点评】本题考查的知识点是简单空间图形的三视图,根据已知分析出三棱锥P﹣BCD的正视图与侧视图的形状,是解答的关键.8.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<2【考点】正弦定理.【分析】由题意判断出三角形有两解时A的范围,通过正弦定理及正弦函数的性质推出a的范围即可.【解答】解:由AC=b=2,要使三角形有两解,就是要使以C为圆心,半径为2的圆与BA有两个交点,当A=90°时,圆与AB相切;当A=45°时交于B点,也就是只有一解,∴45°<A<135°,且A≠90°,即<sinA<1,由正弦定理以及asinB=bsinA.可得:a==2sinA,∵2sinA∈(2,2).∴a的取值范围是(2,2).故选:C.【点评】此题考查了正弦定理,正弦函数的图象与性质,以及特殊角的三角函数值,熟练掌握正弦定理是解本题的关键,属于中档题.9.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x 轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C.D.【考点】几何概型.【分析】首先明确几何概型测度为区域面积,利用定积分求出A的面积,然后由概型公式求概率.【解答】解:由已知得到事件对应区域面积为=4,由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,面积为2=2sinx|=,由急火攻心的公式得到所求概率为:;故选C【点评】本题考查了几何概型的概率求法;明确几何测度是关键.10.某地一年的气温Q(t)(单位:℃)与时间t(月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C(t)表示时间段[0,t]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C (t)与t之间的函数关系的是()A.B.C.D.【考点】函数的图象.【分析】根据图象的对称关系和条件可知C(6)=0,C(12)=10,再根据气温变化趋势可知在前一段时间内平均气温大于10,使用排除法得出答案.【解答】解:∵气温图象在前6个月的图象关于点(3,0)对称,∴C(6)=0,排除D;注意到后几个月的气温单调下降,则从0到12月前的某些时刻,平均气温应大于10℃,可排除C;∵该年的平均气温为10℃,∴t=12时,C(12)=10,排除B;故选A.【点评】本题考查了函数图象的几何意义,函数图象的变化规律,属于中档题.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.2【考点】抛物线的简单性质.【分析】过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义,结合|PA|=m|PF|,设PA的倾斜角为α,则当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,求出P的坐标,即可求得|PA|的值.【解答】解:抛物线的标准方程为x2=4y,则抛物线的焦点为F(0,1),准线方程为y=﹣1,过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义可得|PN|=|PF|,∵|PA|=m|PF|,∴|PA|=m|PN|,设PA的倾斜角为α,则sinα=,当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,设直线PA的方程为y=kx﹣1,代入x2=4y,可得x2=4(kx﹣1),即x2﹣4kx+4=0,∴△=16k2﹣16=0,∴k=±1,∴P(2,1),∴|PA|==2.故选D.【点评】本题考查抛物线的性质,考查抛物线的定义,考查学生分析解决问题的能力,解答此题的关键是明确当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,属中档题.12.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f (x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)【考点】根的存在性及根的个数判断.【分析】求出函数y=f(x)+g(x)的表达式,构造函数h(x)=f(x)+f(2﹣x),作出函数h(x)的图象,利用数形结合进行求解即可.【解答】解:函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,由f(x)+g(x)=0,得f(x)+f(2﹣x)=,设h(x)=f(x)+f(2﹣x),若x≤0,则﹣x≥0,2﹣x≥2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2+x+x2,若0≤x≤2,则﹣2≤﹣x≤0,0≤2﹣x≤2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2﹣x+2﹣|2﹣x|=2﹣x+2﹣2+x=2,若x>2,﹣x<﹣2,2﹣x<0,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=(x﹣2)2+2﹣|2﹣x|=x2﹣5x+8.作出函数h(x)的图象如图:当x≤0时,h(x)=2+x+x2=(x+)2+≥,当x>2时,h(x)=x2﹣5x+8=(x﹣)2+≥.由图象知要使函数y=f(x)+g(x)恰有4个零点,即h(x)=恰有4个根,∴,解得:b∈(7,8)故选:A.【点评】本题主要考查函数零点个数的判断,根据条件求出函数的解析式,利用数形结合是解决本题的关键,属于难题.二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f(x)=(x﹣a)(x+3)为偶函数,则f(2)=﹣5.【考点】函数奇偶性的性质.【分析】根据偶函数f(x)的定义域为R,则∀x∈R,都有f(﹣x)=f(x),建立等式,解之求出a,即可求出f(2).【解答】解:因为函数f(x)=(x﹣a)(x+3)是偶函数,所以∀x∈R,都有f(﹣x)=f(x),所以∀x∈R,都有(﹣x﹣a)•(﹣x+3)=(x﹣a)(x+3),即x2+(a﹣3)x﹣3a=x2﹣(a﹣3)x﹣3a,所以a=3,所以f(2)=(2﹣3)(2+3)=﹣5.故答案为:﹣5.【点评】本题主要考查了函数奇偶性的性质,同时考查了运算求解的能力,属于基础题.14.(x+1)(x+a)4的展开式中含x4项的系数为9,则实数a的值为2.【考点】二项式系数的性质.【分析】利用(x +1)(x +a )4=(x +1)(x 4+4x 3a +…),进而得出. 【解答】解:(x +1)(x +a )4=(x +1)(x 4+4x 3a +…), ∵展开式中含x 4项的系数为9,∴1+4a=9, 解得a=2. 故答案为:2.【点评】本题考查了二项式定理的展开式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.15.设A ,B 是球O 的球面上两点,∠AOB=,C 是球面上的动点,若四面体OABC 的体积V 的最大值为,则此时球的表面积为 36π .【考点】球的体积和表面积.【分析】当点C 位于垂直于面AOB 时,三棱锥O ﹣ABC 的体积最大,利用三棱锥O ﹣ABC体积的最大值为,求出半径,即可求出球O 的体积【解答】解:如图所示,当点C 位于垂直于面AOB 时,三棱锥O ﹣ABC 的体积最大,设球O 的半径为R ,此时V O ﹣ABC =V C ﹣AOB =×R 2×sin60°×R=,故R=3,则球O 的表面积为4πR 2=36π, 故答案为:36π.【点评】本题考查球的半径,考查体积的计算,确定点C 位于垂直于面AOB 时,三棱锥O ﹣ABC 的体积最大是关键.属于中档题16.已知数列{a n }满足a 1=﹣40,且na n +1﹣(n +1)a n =2n 2+2n ,则a n 取最小值时n 的值为 10或11 .【考点】数列递推式.﹣(n+1)a n=2n2+2n,化为﹣=2,利用等差数列的通项公式可得a n,再【分析】na n+1利用二次函数的单调性即可得出.﹣(n+1)a n=2n2+2n,∴﹣=2,【解答】解:∵na n+1∴数列{}是等差数列,首项为﹣40,公差为2.∴=﹣40+2(n﹣1),化为:a n=2n2﹣42n=2﹣.则a n取最小值时n的值为10或11.故答案为:10或11.【点评】本题考查了等差数列的通项公式、二次函数的单调性,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.三、解答题(本题共70分)17.(12分)(2019•贵州模拟)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.【考点】三角形中的几何计算.【分析】(1)由acosB=4,bsinA=3,两式相除,结合正弦定理可求tanB=,又acosB=4,可得cosB>0,从而可求cosB,即可解得a的值.(2)由(1)知sinB=,利用三角形面积公式可求c,由余弦定理可求b,从而解得三角形周长的值.【解答】解:(Ⅰ)在△ABC中,由acosB=4,bsinA=3,两式相除,有==•=•=,所以tanB=,又acosB=4,故cosB>0,则cosB=,所以a=5.…(6分)(2)由(1)知sinB=, 由S=acsinB ,得到c=6. 由b 2=a 2+c 2﹣2accosB ,得b=,故l=5+6+=11+即△ABC 的周长为11+.…(12分)【点评】本题主要考查了正弦定理,余弦定理,同角三角函数基本关系式,三角形面积公式在解三角形中的应用,考查了计算能力和转化思想,属于中档题.18.(12分)(2019•贵州模拟)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地PM2.5日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.乙地20天PM2.5日平均浓度频数分布表个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C的概率.【考点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率;频率分布直方图.【分析】(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表能作出相应的频率分组直方图,由频率分布直方图能求出结果.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,由此能求出事件C的概率.【解答】解:(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,如下图:由频率分布直方图得:甲地PM2.5日平均浓度的平均值低于乙地PM2.5日平均浓度的平均值,而且甲地的数据比较集中,乙地的数据比较分散.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,P(C)=P(B1A1∪B2A2)=P(B1)P(A1)+P(B2)P(A2),由题意P(A1)=,P(A2)=,P(B1)=,P(B2)=,∴P(C)=.【点评】本题考查频率分布直方图的应用,考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意互斥事件加法公式和相互独立事件事件概率乘法公式的合理运用.19.(12分)(2019•贵州模拟)如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠B=90°,将△ABC沿中位线DE翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A﹣DE﹣C的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.【考点】直线与平面所成的角;平面与平面垂直的判定.【分析】(1)证明:DE⊥平面ADB,DE∥BC,可证BC⊥平面ABD,即可证明平面ABD ⊥平面ABC.(2)取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0),利用平面ABC的法向量求解.【解答】(1)证明:由题意,DE∥BC,∵DE⊥AD,DE⊥BD,AD∩BD=D,∴DE⊥平面ADB,∴BC⊥平面ABD;∵面ABC,∴平面ABD⊥平面ABC;(2)由已知可得二面角A﹣DE﹣C的平面角就是∠ADB设等腰直角三角形ABC的直角边AB=4,则在△ADB中,AD=DB=AB=2,取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,∴AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0)设平面ABC的法向量为,,.由,取,},∴直线AE与平面ABC所成角的θ,sinθ=|cos<>|=||=.即直线AE与平面ABC所成角的正弦值为:【点评】本题考查线面垂直,考查向量法求二面角,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题.20.(12分)(2019•贵州模拟)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P(1,)在椭圆E上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.【考点】直线与椭圆的位置关系.【分析】(1)由题意的离心率公式求得a=c,b2=a2﹣c2=c2,将直线方程代入椭圆方程,即可求得a和b,求得椭圆方程;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由y=k(x﹣1)代入椭圆方程,运用韦达定理和向量数量积的坐标表示,结合恒成立思想,即可得到定点和定值;检验直线AB的斜率不存在时,也成立.【解答】解:(1)由椭圆的焦点在x轴上,椭圆的离心率e==,则a=c,由b2=a2﹣c2=c2,将P(1,)代入椭圆方程,解得:c=1,a=,b=1,∴椭圆的标准方程:;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由,整理得(1+2k2)x2﹣4k2x+2k2﹣2=0,x1+x2=,x1x2=,y1y2=k2(x1﹣1)(x2﹣1)=k2[x1x2+1﹣(x1+x2)]=k2(+1﹣)=﹣,则•=(x1﹣m)(x2﹣m)+y1y2=x1x2+m2﹣m(x1+x2)+y1y2,=+m2﹣m•﹣=,欲使得•为定值,则2m2﹣4m+1=2(m2﹣2),解得:m=,此时•=﹣2=﹣;当AB斜率不存在时,令x=1,代入椭圆方程,可得y=±,由M(,0),可得•=﹣,符合题意.故在x轴上存在定点M(,0),使得•=﹣.【点评】本题考查椭圆方程的求法,注意运用离心率公式,考查存在性问题的解法,注意运用分类讨论的思想方法和联立直线方程和椭圆方程,运用韦达定理和向量的数量积的坐标表示,考查化简整理的运算能力,属于中档题.21.(12分)(2019•贵州模拟)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).【考点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】(1)由f′(1)=1+a=2,解得:a=1,利用导数求解单调区间.(2)要证e x>f′(x),即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x>lnx+1即可【解答】解:(1)f′(x)=lnx+1+a,f′(1)=1+a=2,解得:a=1,故f(x)=xlnx+x,f′(x)=lnx+2,令f′(x)>0,解得:x>e﹣2,令f′(x)<0,解得:0<x<e﹣2,故f(x)在(0,e﹣2)递减,在(e﹣2,+∞)递增;(2)要证e x>f′(x),即证e x﹣lnx﹣2>0,即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x+1≥lnx+2即可,即只需证明x>lnx+1即可令h(x)=x﹣lnx+1,则h′(x)=1﹣,令h′(x)=0,得x=1h(x)在(0,1)递减,在(1,+∞)递增,故h(x)≥h(1)=0.即x+1≥lnx+2成立,即e x>lnx+2,∴e x>f′(x).【点评】本题考查了导数的综合应用,构造合适的新函数,放缩法证明函数不等式,属于难题.[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)(2019•贵州模拟)曲线C1的参数方程为(α为参数)在以原点O 为极点,x轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρco s2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.【考点】简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程.【分析】(1)先将C1的参数方程化为普通方程,再化为极坐标方程,将C2的极坐标方程两边同乘ρ,根据极坐标与直角坐标的对应关系得出C2的直角坐标方程;(2)求出l的参数方程,分别代入C1,C2的普通方程,根据参数的几何意义得出|OA|,|OB|,得到|OA|•|OB|关于k的函数,根据k的范围得出答案.【解答】解:(1)曲线C1的参数方程为(α为参数),普通方程为(x﹣2)2+y2=4,即x 2+y 2=4x ,极坐标方程为ρ=4cosθ;曲线C 1的极坐标方程为ρcos 2θ=sinθ,普通方程为:y=x 2;(2)射线l 的参数方程为(t 为参数,<α≤).把射线l 的参数方程代入曲线C 1的普通方程得:t 2﹣4tcosα=0,解得t 1=0,t 2=4cosα.∴|OA |=|t 2|=4cosα.把射线l 的参数方程代入曲线C 2的普通方程得:cos 2αt 2=tsinα,解得t 1=0,t 2=.∴|OB |=|t 2|=.∴|OA |•|OB |=4cosα•=4tanα=4k .∵k ∈(,1],∴4k ∈(,4].∴|OA |•|OB |的取值范围是(,4]. 【点评】本题考查参数方程与极坐标与普通方程的互化,考查参数的几何意义的应用,属于中档题.[选修4-5:不等式选讲]23.(2019•贵州模拟)已知函数f (x )=|x ﹣1|+|x ﹣5|,g (x )=.(1)求f (x )的最小值;(2)记f (x )的最小值为m ,已知实数a ,b 满足a 2+b 2=6,求证:g (a )+g (b )≤m .【考点】函数的最值及其几何意义.【分析】(1)化简f (x )的解析式,得出f (x )的单调性,利用单调性求出f (x )的最小值; (2)计算[g (a )+g (b )]2,利用基本不等式即可得出结论.【解答】解:(1)f (x )=|x ﹣1|+|x ﹣5|=,∴f (x )在(﹣∞,1]上单调递减,在[5,+∞)上单调递增,∵f (1)=4,f (5)=4,∴f (x )的最小值为4.(2)证明:由(1)可知m=4,g(a)+g(b)=+,∴[g(a)+g(b)]2=1+a2+1+b2+2=8+2,∵≤=4,∴[g(a)+g(b)]2≤16,∴g(a)+g(b)≤4.【点评】本题考查了函数的单调性,分段函数的最值计算,基本不等式的应用,属于中档题.。
(优辅资源)贵州省高考数学适应性试卷(理科) Word版含解析

贵州省2017届高考数学适应性试卷(理科)一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1}B.{x|1≤x<2}C.{x|0<x≤1}D.{x|x≤1}2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.23.已知数列{a n}满足a n=a n,若a3+a4=2,则a4+a5=()+1A.B.1 C.4 D.84.已知向量与不共线,且向量=+m,=n+,若A,B,C 三点共线,则实数m,n()A.mn=1 B.mn=﹣1 C.m+n=1 D.m+n=﹣15.执行如图所示的程序框图,如果输入的a,b分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.286.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t取[0,3]上的任意值时,直线y=t 被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A.4 B.C.5 D.7.如图,在正方体ABC的﹣A1B1C1D1中,点P是线段A1C1上的动点,则三棱锥P﹣BCD的俯视图与正视图面积之比的最大值为()A.1 B.C.D.28.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<29.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C.D.10.某地一年的气温Q(t)(单位:℃)与时间t(月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C(t)表示时间段[0,t]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C(t)与t之间的函数关系的是()A.B.C.D.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P 在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.212.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f(x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f(x)=(x﹣a)(x+3)为偶函数,则f(2)=.14.(x+a)4的展开式中含x4项的系数为9,则实数a的值为.15.设A,B是球O的球面上两点,∠AOB=,C是球面上的动点,若四面体OABC的体积V的最大值为,则此时球的表面积为.16.已知数列{a n}满足a1=﹣40,且na n﹣(n+1)a n=2n2+2n,则a n取最小值时n+1的值为.三、解答题(本题共70分)17.(12分)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.18.(12分)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地PM2.5日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.乙地20天PM2.5日平均浓度频数分布表(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,并通过两个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:记事件C :“甲地市民对空气质量的满意度等级高于乙地市民对空气质量的满意度等级”,假设两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C 的概率.19.(12分)如图1,在等腰直角三角形ABC 中,∠B=90°,将△ABC 沿中位线DE 翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A ﹣DE ﹣C 的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.20.(12分)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P(1,)在椭圆E上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.21.(12分)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)曲线C1的参数方程为(α为参数)在以原点O为极点,x轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.[选修4-5:不等式选讲]23.已知函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|,g(x)=.(1)求f(x)的最小值;(2)记f(x)的最小值为m,已知实数a,b满足a2+b2=6,求证:g(a)+g(b)≤m.2017年贵州省高考数学适应性试卷(理科)参考答案与试题解析一、选择题(本大题共12小题,每小题5分,共60分)1.设集合M={x|x2﹣2x<0},N={x|x≥1},则M∩N=()A.{x|x≥1}B.{x|1≤x<2}C.{x|0<x≤1}D.{x|x≤1}【考点】交集及其运算.【分析】解不等式求出集合M,再根据交集的定义写出M∩N.【解答】解:集合集合M={x|x2﹣2x<0}={x|0<x<2},N={x|x≥1},则M∩N={x|1≤x<2}故选:B.【点评】此题考查了交集及其运算,熟练掌握交集的定义是解本题的关键.2.已知x,y∈R,i是虚数单位,且(2x+i)(1﹣i)=y,则y的值为()A.﹣1 B.1 C.﹣2 D.2【考点】复数代数形式的乘除运算.【分析】利用复数的运算法则、复数相等即可得出.【解答】解:∵y=(2x+i)(1﹣i)=2x+1+(1﹣2x)i,∴,解得y=2故选:D.【点评】本题考查了复数的运算法则、复数相等,考查了计算能力,属于基础题.3.已知数列{a n}满足a n=a n,若a3+a4=2,则a4+a5=()+1A.B.1 C.4 D.8【考点】等比数列的通项公式.【分析】根据已知条件可以求得公比q=2.【解答】解:∵数列{a n }满足a n =a n +1,∴=2.则该数列是以2为公比的等比数列. 由a 3+a 4=2,得到:4a 1+8a 1=2,解得a 1=,则a 4+a 5=8a 1+16a 1=24a 1=24×=4, 故选:C .【点评】本题考查了等比数列的通项公式,是基础的计算题.4.已知向量与不共线,且向量=+m,=n+,若A ,B ,C三点共线,则实数m ,n ( )A .mn=1B .mn=﹣1C .m +n=1D .m +n=﹣1 【考点】平行向量与共线向量.【分析】由题意可得∥,再根据两个向量共线的性质可得=,由此可得结论.【解答】解:由题意可得∥,∴=λ•,故有=,∴mn=1, 故选:A .【点评】本题主要考查两个向量共线的性质,两个向量坐标形式的运算,属于中档题.5.执行如图所示的程序框图,如果输入的a ,b 分别为56,140,则输出的a=()A.0 B.7 C.14 D.28【考点】程序框图.【分析】模拟执行程序框图,依次写出每次循环得到的a,b的值,当a=28,b=28时,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值.【解答】解:模拟程序的运行,可得a=56,b=140,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=140﹣56=84,满足条件a≠b,不满足条件a>b,b=84﹣56=28,满足条件a≠b,满足条件a>b,a=56﹣28=28,不满足条件a≠b,退出循环,输出a的值为28.故选:D.【点评】本题主要考查了循环结构的程序框图,正确依次写出每次循环得到的a,b的值是解题的关键,属于基本知识的考查.6.我国南北朝时代的数学家祖暅提出体积的计算原理(组暅原理):“幂势既同,则积不容异”.“势”即是高,“幂”是面积.意思是:如果两等高的几何体在同高处截得两几何体的截面积总相等,那么这两个几何体的体积相等,类比祖暅原理,如图所示,在平面直角坐标系中,图1是一个形状不规则的封闭图形,图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,且当实数t取[0,3]上的任意值时,直线y=t 被图1和图2所截得的两线段长总相等,则图1的面积为()A .4B .C .5D .【考点】进行简单的演绎推理.【分析】根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,计算梯形的面积即可得出结论.【解答】解:根据题意,由祖暅原理,分析可得图1的面积等于图2梯形的面积,又由图2是一个上底长为1、下底长为2的梯形,其面积S==;故选:B .【点评】本题考查演绎推理的运用,关键是理解题目中祖暅原理的叙述.7.如图,在正方体ABC 的﹣A 1B 1C 1D 1中,点P 是线段A 1C 1上的动点,则三棱锥P ﹣BCD 的俯视图与正视图面积之比的最大值为( )A .1B .C .D .2【考点】简单空间图形的三视图.【分析】分析三棱锥P ﹣BCD 的正视图与侧视图的形状,并求出面积,可得答案.【解答】解:设棱长为1,则三棱锥P ﹣BCD 的正视图是底面边长为1,高为1的三角形,面积为:;三棱锥P ﹣BCD 的俯视图取最大面积时,P 在A 1处,俯视图面积为:; 故三棱锥P ﹣BCD 的俯视图与正视图面积之比的最大值为1, 故选:A .【点评】本题考查的知识点是简单空间图形的三视图,根据已知分析出三棱锥P ﹣BCD 的正视图与侧视图的形状,是解答的关键.8.已知△ABC中,内角A,B,C的对边分别为a,b,c,b=2,B=45°,若三角形有两解,则a的取值范围是()A.a>2 B.0<a<2 C.2<a<2D.2<a<2【考点】正弦定理.【分析】由题意判断出三角形有两解时A的范围,通过正弦定理及正弦函数的性质推出a的范围即可.【解答】解:由AC=b=2,要使三角形有两解,就是要使以C为圆心,半径为2的圆与BA有两个交点,当A=90°时,圆与AB相切;当A=45°时交于B点,也就是只有一解,∴45°<A<135°,且A≠90°,即<sinA<1,由正弦定理以及asinB=bsinA.可得:a==2sinA,∵2sinA∈(2,2).∴a的取值范围是(2,2).故选:C.【点评】此题考查了正弦定理,正弦函数的图象与性质,以及特殊角的三角函数值,熟练掌握正弦定理是解本题的关键,属于中档题.9.已知区域Ω={(x,y)||x|≤,0≤y≤},由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,若在区域Ω内随机取一点P,则点P在区域A的概率为()A. B.C.D.【考点】几何概型.【分析】首先明确几何概型测度为区域面积,利用定积分求出A的面积,然后由概型公式求概率.【解答】解:由已知得到事件对应区域面积为=4,由直线x=﹣,x=,曲线y=cosx与x轴围成的封闭图象所表示的区域记为A,面积为2=2sinx |=,由急火攻心的公式得到所求概率为:;故选C【点评】本题考查了几何概型的概率求法;明确几何测度是关键.10.某地一年的气温Q (t )(单位:℃)与时间t (月份)之间的关系如图所示.已知该年的平均气温为10℃,令C (t )表示时间段[0,t ]的平均气温,下列四个函数图象中,最能表示C (t )与t 之间的函数关系的是( )A .B .C .D .【考点】函数的图象.【分析】根据图象的对称关系和条件可知C (6)=0,C (12)=10,再根据气温变化趋势可知在前一段时间内平均气温大于10,使用排除法得出答案.【解答】解:∵气温图象在前6个月的图象关于点(3,0)对称,∴C (6)=0,排除D ;注意到后几个月的气温单调下降,则从0到12月前的某些时刻,平均气温应大于10℃,可排除C ;∵该年的平均气温为10℃,∴t=12时,C (12)=10,排除B ; 故选A .【点评】本题考查了函数图象的几何意义,函数图象的变化规律,属于中档题.11.已知点A是抛物线x2=4y的对称轴与准线的交点,点F为抛物线的焦点,P 在抛物线上且满足|PA|=m|PF|,当m取最大值时|PA|的值为()A.1 B.C.D.2【考点】抛物线的简单性质.【分析】过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义,结合|PA|=m|PF|,设PA的倾斜角为α,则当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,求出P的坐标,即可求得|PA|的值.【解答】解:抛物线的标准方程为x2=4y,则抛物线的焦点为F(0,1),准线方程为y=﹣1,过P作准线的垂线,垂足为N,则由抛物线的定义可得|PN|=|PF|,∵|PA|=m|PF|,∴|PA|=m|PN|,设PA的倾斜角为α,则sinα=,当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,设直线PA的方程为y=kx﹣1,代入x2=4y,可得x2=4(kx﹣1),即x2﹣4kx+4=0,∴△=16k2﹣16=0,∴k=±1,∴P(2,1),∴|PA|==2.故选D.【点评】本题考查抛物线的性质,考查抛物线的定义,考查学生分析解决问题的能力,解答此题的关键是明确当m取得最大值时,sinα最小,此时直线PA与抛物线相切,属中档题.12.已知函数f(x)=函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,其中b∈R,若函数y=f(x)+g(x)恰有4个零点,则b的取值范围是()A.(7,8)B.(8,+∞) C.(﹣7,0) D.(﹣∞,8)【考点】根的存在性及根的个数判断.【分析】求出函数y=f(x)+g(x)的表达式,构造函数h(x)=f(x)+f(2﹣x),作出函数h(x)的图象,利用数形结合进行求解即可.【解答】解:函数g(x)=f(2﹣x)﹣b,由f(x)+g(x)=0,得f(x)+f(2﹣x)=,设h(x)=f(x)+f(2﹣x),若x≤0,则﹣x≥0,2﹣x≥2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2+x+x2,若0≤x≤2,则﹣2≤﹣x≤0,0≤2﹣x≤2,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=2﹣x+2﹣|2﹣x|=2﹣x+2﹣2+x=2,若x>2,﹣x<﹣2,2﹣x<0,则h(x)=f(x)+f(2﹣x)=(x﹣2)2+2﹣|2﹣x|=x2﹣5x+8.作出函数h(x)的图象如图:当x ≤0时,h (x )=2+x +x 2=(x +)2+≥,当x >2时,h (x )=x 2﹣5x +8=(x ﹣)2+≥.由图象知要使函数y=f (x )+g (x )恰有4个零点,即h (x )=恰有4个根,∴,解得:b ∈(7,8)故选:A .【点评】本题主要考查函数零点个数的判断,根据条件求出函数的解析式,利用数形结合是解决本题的关键,属于难题.二、填空题(本小题共4小题,每小题5分,共20分)13.若函数f (x )=(x ﹣a )(x +3)为偶函数,则f (2)= ﹣5 . 【考点】函数奇偶性的性质.【分析】根据偶函数f (x )的定义域为R ,则∀x ∈R ,都有f (﹣x )=f (x ),建立等式,解之求出a ,即可求出f (2).【解答】解:因为函数f (x )=(x ﹣a )(x +3)是偶函数, 所以∀x ∈R ,都有f (﹣x )=f (x ),所以∀x ∈R ,都有(﹣x ﹣a )•(﹣x +3)=(x ﹣a )(x +3), 即x 2+(a ﹣3)x ﹣3a=x 2﹣(a ﹣3)x ﹣3a , 所以a=3,所以f (2)=(2﹣3)(2+3)=﹣5. 故答案为:﹣5.【点评】本题主要考查了函数奇偶性的性质,同时考查了运算求解的能力,属于基础题.14.(x +1)(x +a )4的展开式中含x 4项的系数为9,则实数a 的值为 2 . 【考点】二项式系数的性质.【分析】利用(x +1)(x +a )4=(x +1)(x 4+4x 3a +…),进而得出. 【解答】解:(x +1)(x +a )4=(x +1)(x 4+4x 3a +…), ∵展开式中含x 4项的系数为9,∴1+4a=9,解得a=2. 故答案为:2.【点评】本题考查了二项式定理的展开式,考查了推理能力与计算能力,属于基础题.15.设A ,B 是球O 的球面上两点,∠AOB=,C 是球面上的动点,若四面体OABC 的体积V 的最大值为,则此时球的表面积为 36π .【考点】球的体积和表面积.【分析】当点C 位于垂直于面AOB 时,三棱锥O ﹣ABC 的体积最大,利用三棱锥O ﹣ABC 体积的最大值为,求出半径,即可求出球O 的体积【解答】解:如图所示,当点C 位于垂直于面AOB 时,三棱锥O ﹣ABC 的体积最大,设球O 的半径为R ,此时V O ﹣ABC =V C ﹣AOB =×R 2×sin60°×R=,故R=3,则球O 的表面积为4πR 2=36π, 故答案为:36π.【点评】本题考查球的半径,考查体积的计算,确定点C 位于垂直于面AOB 时,三棱锥O ﹣ABC 的体积最大是关键.属于中档题16.已知数列{a n }满足a 1=﹣40,且na n +1﹣(n +1)a n =2n 2+2n ,则a n 取最小值时n 的值为 10或11 . 【考点】数列递推式.【分析】na n +1﹣(n +1)a n =2n 2+2n ,化为﹣=2,利用等差数列的通项公式可得a n,再利用二次函数的单调性即可得出.【解答】解:∵na n﹣(n+1)a n=2n2+2n,∴﹣=2,+1∴数列{}是等差数列,首项为﹣40,公差为2.∴=﹣40+2(n﹣1),化为:a n=2n2﹣42n=2﹣.则a n取最小值时n的值为10或11.故答案为:10或11.【点评】本题考查了等差数列的通项公式、二次函数的单调性,考查了推理能力与计算能力,属于中档题.三、解答题(本题共70分)17.(12分)(2017•贵州模拟)设△ABC的内角A,B,C所对的边分别为a,b,c,且acosB=4,bsinA=3.(1)求tanB及边长a的值;(2)若△ABC的面积S=9,求△ABC的周长.【考点】三角形中的几何计算.【分析】(1)由acosB=4,bsinA=3,两式相除,结合正弦定理可求tanB=,又acosB=4,可得cosB>0,从而可求cosB,即可解得a的值.(2)由(1)知sinB=,利用三角形面积公式可求c,由余弦定理可求b,从而解得三角形周长的值.【解答】解:(Ⅰ)在△ABC中,由acosB=4,bsinA=3,两式相除,有==•=•=,所以tanB=,又acosB=4,故cosB>0,则cosB=,所以a=5.…(6分)(2)由(1)知sinB=,由S=acsinB ,得到c=6. 由b 2=a 2+c 2﹣2accosB ,得b=,故l=5+6+=11+即△ABC 的周长为11+.…(12分)【点评】本题主要考查了正弦定理,余弦定理,同角三角函数基本关系式,三角形面积公式在解三角形中的应用,考查了计算能力和转化思想,属于中档题.18.(12分)(2017•贵州模拟)为检测空气质量,某市环保局随机抽取了甲、乙两地2016年20天PM2.5日平均浓度(单位:微克/立方米)监测数据,得到甲地PM2.5日平均浓度频率分布直方图和乙地PM2.5日平均浓度的频数分布表.乙地20天PM2.5日平均浓度频数分布表(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,并通过两个频率分布直方图比较两地PM2.5日平均浓度的平均值及分散程度(不要求计算出具体值,给出结论即可);(2)通过调查,该市市民对空气质量的满意度从高到低分为三个等级:记事件C:“甲地市民对空气质量的满意度等级高于乙地市民对空气质量的满意度等级”,假设两地市民对空气质量满意度的调查结果相互独立,根据所给数据,利用样本估计总体的统计思想,以事件发生的频率作为相应事件发生的概率,求事件C的概率.【考点】列举法计算基本事件数及事件发生的概率;频率分布直方图.【分析】(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表能作出相应的频率分组直方图,由频率分布直方图能求出结果.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,由此能求出事件C的概率.【解答】解:(1)根据乙地20天PM2.5日平均浓度的频率分布表作出相应的频率分组直方图,如下图:由频率分布直方图得:甲地PM2.5日平均浓度的平均值低于乙地PM2.5日平均浓度的平均值,而且甲地的数据比较集中,乙地的数据比较分散.(2)记A1表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为满意或非常满意”,A2表示事件:“甲地市民对空气质量的满意度等级为非常满意”,B1表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为不满意”,B2表示事件:“乙地市民对空气质量的满意度等级为满意”,则A1与B1独立,A2与B2独立,B1与B2互斥,C=B1A1∪B2A2,P(C)=P(B1A1∪B2A2)=P(B1)P(A1)+P(B2)P(A2),由题意P(A1)=,P(A2)=,P(B1)=,P(B2)=,∴P(C)=.【点评】本题考查频率分布直方图的应用,考查概率的求法,是基础题,解题时要认真审题,注意互斥事件加法公式和相互独立事件事件概率乘法公式的合理运用.19.(12分)(2017•贵州模拟)如图1,在等腰直角三角形ABC中,∠B=90°,将△ABC沿中位线DE翻折得到如图2所示的空间图形,使二面角A﹣DE﹣C的大小为θ(0<θ<).(1)求证:平面ABD⊥平面ABC;(2)若θ=,求直线AE与平面ABC所成角的正弦值.【考点】直线与平面所成的角;平面与平面垂直的判定.【分析】(1)证明:DE⊥平面ADB,DE∥BC,可证BC⊥平面ABD,即可证明平面ABD⊥平面ABC.(2)取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0),利用平面ABC的法向量求解.【解答】(1)证明:由题意,DE∥BC,∵DE⊥AD,DE⊥BD,AD∩BD=D,∴DE⊥平面ADB,∴BC⊥平面ABD;∵面ABC,∴平面ABD⊥平面ABC;(2)由已知可得二面角A﹣DE﹣C的平面角就是∠ADB设等腰直角三角形ABC的直角边AB=4,则在△ADB中,AD=DB=AB=2,取DB中点O,AO⊥DB,由(1)得平面ABD⊥平面EDBC,∴AO⊥面EDBC,所以以O为原点,建立如图坐标系,则A(0,0,),B(1,0,0),C(1,4,0),E(﹣1,2,0)设平面ABC的法向量为,,.由,取,},∴直线AE与平面ABC所成角的θ,sinθ=|cos<>|=||=.即直线AE与平面ABC所成角的正弦值为:【点评】本题考查线面垂直,考查向量法求二面角,考查学生分析解决问题的能力,属于中档题.20.(12分)(2017•贵州模拟)已知椭圆E: +=1(a>b>0)的离心率为,点P(1,)在椭圆E上,直线l过椭圆的右焦点F且与椭圆相交于A,B两点.(1)求E的方程;(2)在x轴上是否存在定点M,使得•为定值?若存在,求出定点M的坐标;若不存在,说明理由.【考点】直线与椭圆的位置关系.【分析】(1)由题意的离心率公式求得a=c,b2=a2﹣c2=c2,将直线方程代入椭圆方程,即可求得a和b,求得椭圆方程;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由y=k(x﹣1)代入椭圆方程,运用韦达定理和向量数量积的坐标表示,结合恒成立思想,即可得到定点和定值;检验直线AB的斜率不存在时,也成立.【解答】解:(1)由椭圆的焦点在x轴上,椭圆的离心率e==,则a=c,由b2=a2﹣c2=c2,将P(1,)代入椭圆方程,解得:c=1,a=,b=1,∴椭圆的标准方程:;(2)在x轴上假设存在定点M(m,0),使得•为定值.若直线的斜率存在,设AB的斜率为k,F(1,0),由,整理得(1+2k2)x2﹣4k2x+2k2﹣2=0,x1+x2=,x1x2=,y1y2=k2(x1﹣1)(x2﹣1)=k2[x1x2+1﹣(x1+x2)]=k2(+1﹣)=﹣,则•=(x1﹣m)(x2﹣m)+y1y2=x1x2+m2﹣m(x1+x2)+y1y2,=+m2﹣m•﹣=,欲使得•为定值,则2m2﹣4m+1=2(m2﹣2),解得:m=,此时•=﹣2=﹣;当AB斜率不存在时,令x=1,代入椭圆方程,可得y=±,由M(,0),可得•=﹣,符合题意.故在x轴上存在定点M(,0),使得•=﹣.【点评】本题考查椭圆方程的求法,注意运用离心率公式,考查存在性问题的解法,注意运用分类讨论的思想方法和联立直线方程和椭圆方程,运用韦达定理和向量的数量积的坐标表示,考查化简整理的运算能力,属于中档题.21.(12分)(2017•贵州模拟)已知函数f(x)=xlnx+ax,函数f(x)的图象在点x=1处的切线与直线x+2y﹣1=0垂直.(1)求a的值和f(x)的单调区间;(2)求证:e x>f′(x).【考点】利用导数研究函数的单调性;利用导数研究曲线上某点切线方程.【分析】(1)由f′(1)=1+a=2,解得:a=1,利用导数求解单调区间.(2)要证e x>f′(x),即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x >lnx+1即可【解答】解:(1)f′(x)=lnx+1+a,f′(1)=1+a=2,解得:a=1,故f(x)=xlnx+x,f′(x)=lnx+2,令f′(x)>0,解得:x>e﹣2,令f′(x)<0,解得:0<x<e﹣2,故f(x)在(0,e﹣2)递减,在(e﹣2,+∞)递增;(2)要证e x>f′(x),即证e x﹣lnx﹣2>0,即证e x>lnx+2,x>0时,易得e x>x+1,即只需证明x+1≥lnx+2即可,即只需证明x>lnx+1即可令h(x)=x﹣lnx+1,则h′(x)=1﹣,令h′(x)=0,得x=1h(x)在(0,1)递减,在(1,+∞)递增,故h(x)≥h(1)=0.即x+1≥lnx+2成立,即e x>lnx+2,∴e x>f′(x).【点评】本题考查了导数的综合应用,构造合适的新函数,放缩法证明函数不等式,属于难题.[选修4-4:坐标系与参数方程选讲]22.(10分)(2017•贵州模拟)曲线C1的参数方程为(α为参数)在以原点O为极点,x轴的非负半轴为极轴的极坐标系中,曲线C2的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ.(1)求曲线C1的极坐标方程和曲线C2的直角坐标方程;(2)过原点且倾斜角为α(<α≤)的射线l与曲线C1,C2分别相交于A,B两点(A,B异于原点),求|OA|•|OB|的取值范围.【考点】简单曲线的极坐标方程;参数方程化成普通方程.【分析】(1)先将C1的参数方程化为普通方程,再化为极坐标方程,将C2的极坐标方程两边同乘ρ,根据极坐标与直角坐标的对应关系得出C2的直角坐标方程;(2)求出l的参数方程,分别代入C1,C2的普通方程,根据参数的几何意义得出|OA|,|OB|,得到|OA|•|OB|关于k的函数,根据k的范围得出答案.【解答】解:(1)曲线C1的参数方程为(α为参数),普通方程为(x﹣2)2+y2=4,即x2+y2=4x,极坐标方程为ρ=4cosθ;曲线C1的极坐标方程为ρcos2θ=sinθ,普通方程为:y=x2;(2)射线l的参数方程为(t为参数,<α≤).把射线l的参数方程代入曲线C1的普通方程得:t2﹣4tcosα=0,解得t1=0,t2=4cosα.∴|OA|=|t2|=4cosα.把射线l的参数方程代入曲线C2的普通方程得:cos2αt2=tsinα,解得t1=0,t2=.∴|OB|=|t2|=.∴|OA|•|OB|=4cosα•=4tanα=4k.∵k∈(,1],∴4k∈(,4].∴|OA|•|OB|的取值范围是(,4].【点评】本题考查参数方程与极坐标与普通方程的互化,考查参数的几何意义的应用,属于中档题.[选修4-5:不等式选讲]23.(2017•贵州模拟)已知函数f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|,g(x)=.(1)求f(x)的最小值;(2)记f(x)的最小值为m,已知实数a,b满足a2+b2=6,求证:g(a)+g(b)≤m.【考点】函数的最值及其几何意义.【分析】(1)化简f(x)的解析式,得出f(x)的单调性,利用单调性求出f (x)的最小值;(2)计算[g(a)+g(b)]2,利用基本不等式即可得出结论.【解答】解:(1)f(x)=|x﹣1|+|x﹣5|=,∴f(x)在(﹣∞,1]上单调递减,在[5,+∞)上单调递增,∵f(1)=4,f(5)=4,∴f(x)的最小值为4.(2)证明:由(1)可知m=4,g(a)+g(b)=+,∴[g(a)+g(b)]2=1+a2+1+b2+2=8+2,∵≤=4,∴[g(a)+g(b)]2≤16,∴g(a)+g(b)≤4.【点评】本题考查了函数的单调性,分段函数的最值计算,基本不等式的应用,属于中档题.。
2021年贵州高考理科数学真题及答案

2021年贵州高考理科数学真题及答案 1.设集合M={x|0<x<4},N={x|≤x≤5},则M∩N= A. {x|0<x≤} B. {x|≤x<4} C. {x|4≤x<5} D. {x|0<x≤5} 2.为了解某地农村经济情况,对该地农户家庭年收入进行抽样调查,将农户家庭年收入的调查数据整理得到如下频率分布直方图:
根据此频率分布直方图,下面结论中不正确的是 A.该地农户家庭年收入低于4.5万元的农户比率估计为6% B.该地农户家庭年收入不低于10.5万元的农户比率估计为10% C.估计该地农户家庭年收入的平均值不超过6.5万元 D.估计该地有一半以上的农户,其家庭年收入介于4.5万元至8.5万元之间
3.已知,则z=
A.-1-i B. -1+i C. -+i D. --i 4.青少年视力是社会普遍关注的问题,视力情况可借助视力表测量,通常用五分记录法和小数记录法记录视力数据,五分记录法的数据L和小数记数法的数据V满足L=5+lgV。已知某
同学视力的五分记录法的数据为4.9,则其视力的小数记数法的数据约为(≈1.259) A.1.5 B.1.2 C.0.8 D.0.6 5.已知F1,F2是双曲线C的两个焦点,P为C上一点,且∠F1PF2=60°,|PF1|=3|PF2|,则C的离心率为
A.
B. C. D. 6.在一个正方体中,过顶点A的三条棱的中点分别为E,F,G.该正方体截去三棱锥A-EFG后,所得多面体的三视图中,正试图如右图所示,则相应的侧视图是
A. B. C. D. 7.等比数列{an}的公比为q,前n项和为Sn,设甲:q>0,乙:{Sn}是递増数列,则 A.甲是乙的充分条件但不是必要条件 B.甲是乙的必要条件但不是充分条件 C.甲是乙的充要条件 D.甲既不是乙的充分条件也不是乙的必要条件 8.2020年12月8日,中国和尼泊尔联合公布珠穆朗玛峰最新高程为8848.86(单位:m),三角高程测量法是珠峰高程测量方法之一.右图是三角高程测量法的一个示意图,现有以A,B, C三点,且A,B,C在同一水平而上的投影A’,B’,C'满足
贵州省高考理科数学试卷新版

2016年普通高等学校招生全国统一考试理科数学注意事项:1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分.第Ⅰ卷1至3页,第Ⅱ卷3至5页.2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置.3.全部答案在答题卡上完成,答在本试题上无效.4. 考试结束后,将本试题和答题卡一并交回.第Ⅰ卷一. 选择题:本大题共12小题,每小题5分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题目要求的.(1)已知(3)(1)i z m m =++-在复平面内对应的点在第四象限,则实数m 的取值范围是(A )(31)-, (B )(13)-,(C )(1,)∞+(D )(3)∞--, (2)已知集合{1,}A =2,3,{|(1)(2)0,}B x x x x =+-<∈Z ,则A B =U(A ){1}(B ){12},(C ){0123},,,(D ){10123}-,,,, (3)已知向量(1,)(3,2)m =-,=a b ,且()⊥a +b b ,则m =(A )-8 (B )-6 (C )6 (D )8(4)圆2228130x y x y +--+=的圆心到直线10ax y +-= 的距离为1,则a=(A )43-(B )34- (C (D )2 (5)如图,小明从街道的E 处出发,先到F 处与小红会合,再一起到位于G 处的老年公寓参加志愿者活动,则小明到老年公寓可以选择的最短路径条数为(A )24 (B )18(C )12 (D )9(6)右图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图,则该几何体的表面积为(A )20π (B )24π (C )28π (D )32π(7)若将函数y =2sin 2x 的图像向左平移π12个单位长度,则评议后图象的对称轴为 (A )x =k π2–π6 (k ∈Z ) (B )x =k π2+π6 (k ∈Z ) (C )x =k π2–π12 (k ∈Z ) (D )x =k π2+π12(k ∈Z ) (8)中国古代有计算多项式值的秦九韶算法,右图是实现该算法的程序框图.执行该程序框图,若输入的x =2,n =2,依次输入的a 为2,2,5,则输出的s =(A )7 (B )12 (C )17 (D )34(9)若cos(π4–α)= 35,则sin 2α= (A )725 (B )15 (C )–15 (D )–725(10)从区间[]0,1随机抽取2n 个数1x ,2x ,…,n x ,1y ,2y ,…,n y ,构成n 个数对()11,x y ,()22,x y ,…,(),n n x y ,其中两数的平方和小于1的数对共有m 个,则用随机模拟的方法得到的圆周率π 的近似值为(A )4n m (B )2n m (C )4m n (D )2mn(11)已知F 1,F 2是双曲线E 22221x y a b -=的左,右焦点,点M 在E 上,M F 1与x 轴垂直,sin 2113MF F ∠= ,则E 的离心率为(A (B )32(C (D )2 (12)已知函数学.科网()()f x x ∈R 满足()2()f x f x -=-,若函数1x y x+=与()y f x =图像的交点为1122(,),(,),,(,),m m x y x y x y ⋅⋅⋅ 则1()mi i i x y =+=∑(A )0 (B )m (C )2m (D )4m第II 卷本卷包括必考题和选考题两部分.第(13)题~第(21)题为必考题,每个试题考生都必须作答.第(22)题~第(24)题为选考题,考生根据要求作答.二、填空题:本大题共3小题,每小题5分(13)△ABC 的内角A 、B 、C 的对边分别为a 、b 、c ,若cos A =45,cos C =513,a =1,则b = . (14)α、β是两个平面,m 、n 是两条直线,有下列四个命题:(1)如果m ⊥n ,m ⊥α,n ∥β,那么α⊥β.(2)如果m ⊥α,n ∥α,那么m ⊥n .(3)如果α∥β,m ⊂α,那么m ∥β. (4)如果m ∥n ,α∥β,那么m 与α所成的角和n 与β所成的角相等. 其中正确的命题有 .(填写所有正确命题的编号)(15)有三张卡片,分别写有1和2,1和3,2和3。
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2016 年普通高等学校招生全国统一考试
理科数学
注意事项:
1.本试卷分第Ⅰ卷(选择题 )和第Ⅱ卷 (非选择题 )两部分 .第Ⅰ卷 1 至 3 页,第Ⅱ卷 3 至 5 页 .
2.答题前,考生务必将自己的姓名、准考证号填写在本试题相应的位置.
3.全部答案在答题卡上完成,答在本试题上无效.
4. 考试结束后,将本试题和答题卡一并交回.
第Ⅰ卷
一. 选择题:本大题共 12 小题,每小题 5 分,在每小题给出的四个选项中,只有一项是符合题
目要求的 .
( 1)已知z (m3) ( m1)i 在复平面内对应的点在第四象限,则实数m 的取值范围是
( A )(
31),(B) ( 1,3) (C) (1, +) (D) (-, 3)
( 2)已知集合A
{1,2,3 } , B { x |( x1)(x 2)0, x
Z}
,则 A U B
(A) {1} (B) {1,2} (C) {01,,2,3} (D) {1,01,,2,3}
( 3)已知向量a
(1,m),b =(3, 2),且
(a +b)b
,则 m=
( A)- 8( B)- 6(C) 6( D)8
(4)圆 x2y2 2 x 8 y 13 0
的圆心到直线
ax
y 1
的距离为1,则 a=
4
( A)3
(B)
3
4
( C)3(D)2
( 5)如图,小明从街道的 E 处出发,先到 F 处与小红会合,再一起到位于 G 处的老年公寓参加志愿者活动,则小明到老年公寓可以选择的最短路径条数为
( A ) 24(B)18
( C) 12(D)9
( 6)右图是由圆柱与圆锥组合而成的几何体的三视图,则该几何体的表面积为
( A )20π(B)24π(C)28π(D)32π
( 7)若将函数 y=2sin 2x 的图像向左平移π
个单位长度,则评议后图象的对称轴为12
( A )x=
k π –
π
k π π
k π– π
k π π
26 ( k ∈Z) ( B )x= 2 + 6 (k ∈ Z)
( C ) x= 2 12 (k ∈ Z)
( D )x= 2 +12 (k ∈ Z)
( 8)中国古代有 算多 式 的秦九韶算法,右 是 算法的程序框
. 行 程序框 ,
若 入的 x=2, n=2,依次 入的
a 2,2, 5, 出的 s=
( A )7 ( B ) 12 ( C ) 17 ( D ) 34
π
3
( 9)若 cos( 4 –α )= 5, sin 2α= ( A )
7
1
1
7
25
( B ) 5
(C )– 5
( D )– 25
( 10)从区 0,1
随机抽取 2n 个数
x 1 ,
x 2
,⋯ ,
x n ,
y 1 ,
y 2
,⋯ ,
y n
,构成 n 个数 x 1, y 1 , x 2 , y 2
,⋯ ,
x n , y n ,其中两数的平方和小于 1 的数 共有 m 个, 用随机模 的方法得到的 周率
的近似
4n
2n
4m
2m
( A ) m
( B )
m
(C )
n
( D )
n
x 2 y 2 1的左,右焦点,点 M 在 E 上,M F 1 与 x
垂直, sin MF 2 F 1
1 ( 11)已知 F 1,F
2 是双曲线 E
b 2 ,
a 2
3
E 的离心率
( A ) 2
( B )
3
( C ) 3
( D )2
2
( 12)已知函数 学 . 科网
f (x)( x
R ) 足 f ( x) 2 f ( x) ,若函数 y
x 1 与 y
f ( x)
像的交点
x
m
(x 1, y 1 ),( x 2 , y 2 ),
,( x m , y m ),
( x i y i )
i 1
( A )0
(B ) m
( C )2m (D ) 4m
第 II 卷
本卷包括必考题和选考题两部分 . 第 ( 13) 题 ~第 ( 21) 题为必考题,每个试题考生都必须作答 . 第 ( 22) 题~第( 24) 题为选考题,考生根据要求作答 . 二、填空题:本大题共 3 小题,每小题 5 分
(13) △ABC 的内角 A 、B 、 C 的 分
a 、
b 、
c ,若 cos A= 4 , cos C= 5
, a=1, b=
.
5
13
(14)α、β是两个平面, m 、 n 是两条直 ,有下列四个命 : ( 1)如果 m ⊥n , m ⊥ α, n ∥ β,那么 α⊥ β. ( 2)如果 m ⊥α, n ∥ α,那么 m ⊥ n. ( 3)如果 α∥β,m
α,那么 m ∥ β.
( 4)如果 m ∥ n ,α∥ β,那么 m 与 α所成的角和 n 与 β所成的角相
等 .
其中正确的命题有.( 填写所有正确命题的编号)
( 15)有三张卡片,分别写有 1 和 2,1 和 3,2 和 3。
甲,乙,丙三人各取走一张卡片,甲看了乙的卡片后
说:“我与乙的卡片上相同的数字不是2”,乙看了丙的卡片后说:“我与丙的卡片上相同的数字不是1”,丙说:“我的卡片上的数字之和不是5”,则甲的卡片上的数字是。
( 16)若直线y=kx+b 是曲线 y=lnx+2 的切线,也是曲线y=ln ( x+2 )的切线,则b=。
三 . 解答题:解答应写出文字说明,证明过程或演算步骤.
17.(本题满分12 分)
S n为等差数列a n的前n项和,且a n=1,S728.记b n= lg a n,其中x 表示不超过x 的最大整数,如0.9 =0,lg99 =1.
(I)求
b1, b11, b101;
( II )求数列b n的前1 000项和.
18.(本题满分12 分)
某险种的基本保费为 a(单位:元),继续购买该险种的投保人称为续保人,续保人的本年度的保费与其上年
度的出险次数的关联如下:
上年度出012345
险次数
保费0.85a a 1.25a 1.5a 1.75a2a
设该险种一续保人一年内出险次数与相应概率如下:
一年内出012345
险次数
概率0.300.150.200.200.100. 05
( I )求一续保人本年度的保费高于基本保费的概率;
( II )若一续保人本年度的保费高于基本保费,求其保费比基本保费高出60%的概率;
( III )求续保人本年度的平均保费与基本保费的比值.
19.(本小题满分 12 分)5
如图,菱形 ABCD 的对角线 AC 与 BD 交于点 O,AB=5,AC=6,点 E,F 分别在 AD,CD 上, AE=CF=,EF 交 BD 于点 H .将△ DEF 沿 EF 折到△D EF的位置,OD10 .4( I )证明:D H平面 ABCD ;
( II )求二面角B D A C 的正弦值.
20. (本小题满分 12 分)
2
2 已知椭圆 E:
x
y
1的焦点在 x 轴上, A 是 E 的左顶点, 斜率为 k(k>0)的直线交 E 于 A,M 两点,点 N 在
t
3
E 上, MA ⊥ NA.
( I )当 t=4, AM
AN 时,求△ AMN 的面积;
( II )当 2 AM
AN 时,求 k 的取值范围 .
( 21)(本小题满分 12 分) (I) 讨论函数 f (x)
x
2
e x 的单调性,并证明当
x >0 时, (x 2)e x
x 2 0;
x 2
(II) 证明:当 a [0,1) e x ax a
0) 有最小值 .设 g ( x )的最小值为 h(a) ,求函数 h(a) 时,函数 g ( x )= x 2
( x
的值域 .
请考生在 22、 23、 24 题中任选一题作答 ,如果多做 ,则按所做的第一题计分
,做答时请写清题号
( 22)(本小题满分 10 分)选修 4-1:集合证明选讲 如图,在正方形 ABCD , E,G 分别在边 DA,DC 上(不与端点重合) ,且 DE=DG ,过 D 点作 DF ⊥ CE ,垂足
为 F .
(I) 证明: B,C,E,F 四点共圆;
(II) 若 AB=1, E 为 DA 的中点,求四边形
BCGF 的面积 .
( 23)(本小题满分 10 分)选修 4—4:坐标系与参数方程在
直线坐标系 xoy 中,圆 C 的方程为( x+6 ) 2+y 2=25.
( I )以坐标原点为极点, x 轴正半轴为极轴建立极坐标系,求 C 的极坐标方程;
( II )直线 l 的参数方程是( t 为参数) ,l 与 C 交于 A 、 B 两点,∣ AB ∣ =,求 l 的斜率。
( 24)(本小题满分 10 分),选修 4—5:不等式选讲
已知函数 f(x)= ∣ x-∣ +∣x+∣, M 为不等式 f(x) <2 的解集 . ( I )求 M ;
( II )证明:当a,b∈ M 时,∣ a+b∣<∣ 1+ab∣。