2019年宁夏石嘴山三中高考物理三模试卷(解析版)
2019年宁夏石嘴山三中高考物理三模试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.在物理学的发展中，有许多科学家做出了重大贡献，下列说法中正确的是（）A. 伽利略通过观察发现了行星运动的规律B. 库仑发现了电荷守恒定律并提出元电荷概念C. 牛顿通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持D. 英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出了万有引力常量2.在平直公路上行驶的a车和b车，其位移时间图象分别为图中直线a和曲线b。
t=3s时，直线a和曲线b刚好相切，下列说法正确的是（）A. t=3s时，两车具有共同的加速度B. a车做匀速运动，b车做加速运动C. 在运动过程中，b车始终没有超过a车D. 在0−3s的时间内，a车的平均速度比b车的大3.“跳一跳”小游戏需要操作者控制棋子离开平台时的速度，使其能跳到旁边平台上。
如图所示的抛物线为棋子在某次跳跃过程中的运动轨迹，其最高点离平台的高度为h，水平速度为v；若质量为m的棋子在运动过程中可视为质点，只受重力作用，重力加速度为g，则（）A. 棋子从最高点落到平台上所需时t=2√2ℎgB. 若棋子在最高点的速度v 变大，则其落到平台上的时间变长C. 棋子从最高点落到平台的过程中，重力势能减少mghD. 棋子落到平台上的速度大小为√2gℎ4.滑雪运动深受人民群众喜爱，某滑雪运动员（可视为质点）由坡道进入竖直面内的圆弧形滑道AB，从滑道的A点滑行到最低点B的过程中，由于摩擦力的存在，运动员的速率不变，则运动员沿AB下滑过程中（）A. 合外力做功一定大于零B. 所受摩擦力大小不变C. 合外力始终与速度垂直D. 机械能始终保持不变5.如图所示，一质量为m的小球，用长为L的轻绳悬挂于O点，初始时刻小球静止于P点。
第一次小球在水平拉力F1作用下，从P点缓慢地移动到Q点，此时轻绳与竖直方向夹角为θ（θ＜90o），轻绳的拉力大小为T1；第二次在水平恒力F2作用下，从P点开始运动并恰好能到达Q点，在Q点时轻绳中的拉力大小为T2．关于这两个过程，下列说法中正确的是（不计空气阻力，重力加速度为g）（）A. 两个过程中，轻绳的拉力均变大B. 第一个过程中，F1做的功为F1LsinθC. T1=mgcosθ，T2=mgD. 第二个过程中，重力和水平恒力F2的合力的功率先增大后减小二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）6.如图所示的电路中，A1和A2是完全相同的灯泡，线圈L的电阻可以忽略。
下列说法中正确的是（）A. 合上开关K瞬间，A1、A2同时亮B. 合上开关K瞬间，A2立刻亮，A1逐渐变亮C. 合上开关K一段时间后，再断开开关K时，A2立刻熄灭，A1逐渐熄灭D. 合上开关K一段时间后，再断开开关K时，A1和A2都缓慢熄灭7.2017年，人类第一次直接探测到来自双中子星合并的引力波。
根据科学家们复原的过程，在两颗中子星合并前约100s时，它们相距约400km，绕二者连线上的某点每秒转动12圈，将两颗中子星都看作是质量均匀分布的球体，由这些数据、万有引力常量并利用牛顿力学知识，可以估算出这一时刻两颗中子星（）A. 质量之和B. 质量之积C. 速率之和D. 各自的自转角速度8.如图所示，在足够大的光滑水平面上，有相距为d的两条水平的平行虚线，两虚线间有方向竖直向下的匀强磁场，磁感应强度为B．正方形线圈abcd边长为L（L＜d），质量为m，电阻不为0，初始时线圈在磁场一侧，当cd边刚进入磁场时速度为v1，ab边刚进入磁场时速度为v2，线圈abcd全部离开磁场时速度为v3，整个过程中线圈cd边始终与磁场边界平行且线圈与光滑水平面接触，则下列说法正确的是（）A. v1、v2和v3的关系为v22=v12+v322B. v1、v2和v3的关系为v2=v1+v32C. 线圈进入磁场过程中，通过导线横截面的电荷量为q=m(v1−v2)BLD. 线圈离开磁场过程中，做加速度越来越大的减速运动9.下列关于热力学定律的说法正确的是（）A. 一定质量的理想气体保持压强和体积不变，而只改变其温度是不可能的B. 热力学第二定律是反映宏观自然过程的方向性的定律C. 一定质量的理想气体放出热量，则其分子平均动能一定减少D. 对于密闭容器内的理想气体而言，分子在单位时间内对单位面积容器壁碰撞的平均次数会随温度的升高而增多E. 热运动的宏观过程是熵减少的过程10.一简谐横波沿x轴正方向传播，在t=0时刻的波形图如图所示，波刚好传到x=8m的位置，P是平衡位置为x=1m处的质点，并经过0.2s完成了一次全振动，Q是平衡位置为x=4m处的质点，M是平衡位置为x=34m处的质点（M点图中未画出），则下列说法不正确的是（）A. 波源的起振方向沿y轴负方向B. t=0.15s时，质点Q纵坐标为10cmC. 波刚好传到M质点时，质点P振动方向沿y轴正方向D. 当质点M第一次出现在波峰位置时，质点Q恰好出现在平衡位置且振动方向沿y轴正方向E. 从t=0.10s到t=0.15s，质点P通过的路程为10cm三、实验题探究题（本大题共2小题，共15.0分）11.某探究小组做“验证力的平行四边形定则”实验，将画有坐标轴（横轴为x轴，纵轴为y轴，最小刻度表示1mm）的纸贴在水平桌面上，如图（a）所示。
将橡皮筋的一端Q固定在y轴上的B点（位于图示部分之外），另一端P位于y轴上的A点时，橡皮筋处于原长。
（1）用一只测力计将橡皮筋的P端沿y轴从A点拉至坐标原点O，此时拉力F的大小可由测力计读出。
测力计的示数如图（b）所示，F的大小为______N。
（2）撤去（1）中的拉力，橡皮筋P端回到A点；现使用两个测力计同时拉橡皮筋，再次将P端拉至O点。
此时观察到两个拉力分别沿图（a）中两条虚线所示的方向，由测力计的示数读出两个拉力的大小分别为F1=4.2N和F2=5.6N。
（ⅰ）用5mm长度的线段表示1N的力，以O为作用点，在图（a）中画出力F1、F2的图示，然后按平行四边形定则画出它们的合力F合；（ⅱ）F合的大小为______N，若F合与拉力F的大小及方向的偏差均在实验所允许的误差范围之内，则该实验验证了力的平行四边形定则。
12.同学用一个满偏电流为10mA、内阻为30Ω的电流表，一只滑动变阻器和一节电动势为1.5V的干电池组装成一个欧姆表，如图（a）所示：（1）甲、乙测试笔中，甲表笔应是______（选填“红”或“黑”）表笔。
（2）电流表5mA刻度处应标的电阻刻度为______Ω。
（3）经调零后，将甲、乙两表笔分别接图（b）中的a、b两点，指针指在电流表刻度的4mA处，则电阻R x=______Ω。
（4）若误将甲、乙两表笔分别接在了图中的a、c两点，则R x的测量结果偏______（选填“大”或“小”）。
（5）再给电流表并联一个合适的定值电阻R，就可组装成一个中间刻度值为15Ω的欧姆表，则R=______Ω．（保留2位有效数字）四、计算题（本大题共4小题，共52.0分）13.如图所示，质量为m A=0.2kg的小球A系在长L1=0.8m的细线一端，线的另一端固定在O点，质量为m B=1kg的物块B静止于水平传送带左端的水平面上且位于O点正下方；左侧水平面、传送带及小车的上表面平滑连接，物块B与传送带之间的滑动摩擦因数μ=0.5，传送带长L2=3.5m，以恒定速率v0=6m/s顺时针运转，现拉动小球使水平伸直后由静止释放，小球运动到最低点时与物块B发生正碰（碰撞时间极短），小球反弹后上升到最高点时与水平面的距离为L 116，取重力加速度g=10m/s2，小球与物块均可视为质点，求：（1）小球与物块碰前瞬间对细线的拉力大小；（2）物块B与传送带之间因摩擦而产生的热量Q；14.如图，半径为a的内圆A是电子发射器，其金属圆周表圆各处可沿纸面内的任意方向发射速率为v的电子；外圆C为与A同心的金属网，半径为√3a．不考虑静电感应及电子的重力和电子间的相互作用，已知电子质量为m，电量为e。
（1）为使电子从C射出的速率达到3v，C、A间应加多大的电压U；（2）C、A间不加电压，而加垂直于纸面向里的匀强磁场。
①若沿A径向射出的电子恰好不从C射出，求该电子第一次回到A时，在磁场中运动的时间t；②为使所有电子都不从C射出，所加磁场磁感应强度B应多大。
15.如图所示，潜艇采用压缩空气排出海水控制浮沉，在海面上，潜艇将压强为1.0×105Pa、总体积为600m3的空气（包含贮气筒内空气，视为理想气体）压入容积为3m3的贮气筒。
潜至海面下方190m水平航行时，为控制姿态，将贮气筒内一部分压缩空气通过节流阀压入水舱，使15m3的水通过排水孔排向与之相通的大海。
已知海面处大气压p0=1.0×105Pa，取海水的密度ρ=1.0×103kg/m3，g=10m/s2，求：①潜艇下潜前贮气筒内空气的压强；②排出水后贮气筒内剩余空气的压强。
16.在桌面上有一倒立的玻璃圆锥，其顶点恰好与桌面接触，圆锥的轴（图中虚线）与桌面垂直，过轴线的截面是边长为a的等边三角形，如图所示．有一半径为r的圆柱形平行光束垂直入射到圆锥的底面上，光束的中心轴与圆锥的轴重合．已知玻璃的折射率n=√2，光在空气中的传播速度为c．求：（i）光束在桌面上形成的光斑半径R；（ii）光束在玻璃中传播的时间t．答案和解析1.【答案】D【解析】解：A、开普勒通过观察发现了行星运动的规律，故A错误；B、许多科学家通过大量的实验研究发现了电荷守恒定律，不是库仑提出元电荷概念；故B错误；C、伽利略通过理想斜面实验发现了物体的运动不需要力来维持，故C错误；D、英国物理学家卡文迪许用实验的方法测出了万有引力常量，故D正确；故选：D。
根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．2.【答案】C【解析】解：A、t=3s时，两图线斜率相等，所以两车的速度相等，a的加速度为零，而b的加速度不为零，所以加速度不同，故A错误；B、x-t图象的斜率表示速度，由图可知，a车做匀速直线运动，b车做减直线速运动，故B错误；C、由图象可知，b车的位置坐标小于等于a的坐标，所以b车始终没有超过a车，故C正确；D、在0-3s的时间内，a车的位移为6m，b车的位移为8m ，由公式可知，a车的平均速度小于b车的，故D错误。
故选：C。
x-t图象的斜率表示速度，根据图象的形状分析两车的运动情况，判断b车能否超过a车。
根据纵坐标的变化量分析位移关系，从而得到平均速度关系。
解决本题的关键知道位移时间图线的物理意义，知道图线的切线斜率表示瞬时速度，分析两车的位移关系、速度关系。
3.【答案】C【解析】解：A、从最高点到平台的过程可以看作是平抛运动，根据h=gt2得：t=，故A错误；B、从最高点到平台过程为平抛运动，运动的时间由高度决定，与最高点的速度无关，故B错误。
宁夏石嘴山市第三中学2019届高三上学期第一次月考考试物理试题 含解析
2018-2019年第一学期高三第一次月考物理一、单选题（共13小题，每题3分，共39分，每题只有一个正确答案）1.某物体在四个共点力作用下处于平衡状态，若F4的方向沿逆时针方向转过60°角，但其大小保持不变，其余三个力的大小和方向均保持不变，此时物体受到的合力的大小为( )A. 0B. F4C. F4D. 2F4【答案】B【解析】【详解】物体在四个共点力作用下处于平衡状态，即物体所受合外力为0，把F4的方向沿逆时针转过60°角而大小保持不变，其余三个力的合力为-F 4，则-F 4旋转后的F4成1200.，根据平行四边形定则：总合力为F4，故B正确。
2.如图所示，粗糙水平面上的物体在水平拉力F作用下做匀加速直线运动，现使F不断变小到零，则在滑动过程中（）A. 物体的加速度不断减小，速度不断增大B. 物体的加速度不断增大，速度不断减小C. 物体的加速度先增大后减小，速度先减小后增大D. 物体的加速度先减小后增大，速度先增大后减小【答案】D【解析】合外力决定加速度，滑动过程中物体所受合外力是拉力和地面摩擦力的合力，即F合＝F－F f.当F>F f时，合外力方向与速度方向相同，速度增加，F逐渐减小，合外力减小，加速度减小；当F<F f时，合外力方向与速度方向相反，速度减小，F逐渐减小，合外力增大，加速度增大，D正确．故选D3.甲物体自高处自由落下，同时乙物体自地面以初速度v0竖直上抛，不计空气阻力，两者的加速度均为g．当乙上升到最高点时，甲、乙两物体恰好相遇，则甲物体刚开始下落时距地面的高度为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】由题可知，甲、乙两物体在乙上升到最高点时相遇，两者运动的时间为：在此时间内，甲下落的位移为乙上升的位移为：所以甲开始下落时距地面的高度为：故B正确。
4.甲、乙两车在同一直线上同方向运动，两车运动的图像如图所示。
在4s末两车相遇，由图可知A. 甲车的速度变化比乙车慢B. 乙车出发时乙车在甲车之前20m处C. 乙车出发时甲车在乙车之前40m处D. 相遇前甲、乙两车的最远距离为40m【答案】AD【解析】试题分析：在中斜率表示加速度，加速度越大，速度变化的越快，而甲的斜率小，说明甲车的速度变化比乙车慢，A正确；在中图象与时间轴围成的面积表示物体的位移，因此在4s内甲车的位移为60m，其中前2s的位移为15m，而乙车4s内的位移为20m，由于在4s末两车相遇，因此乙车出发时乙车在甲车之前25m处，BC错误，甲出发时两车距离最远，且最远距离为60-20=40m，D正确。
2019年宁夏石嘴山三中高考物理一模试卷-解析版
2019年宁夏石嘴山三中高考物理一模试卷一、单选题（本大题共5小题，共30.0分）1.下列说法正确的是（）A. 衰变为要经过4次衰变和2次衰变B. 一束光照射到某金属表面上产生了光电效应，增大光的强度可以增加光电子的最大初动能C. 铋210的半衰期是5天，1克铋210经过10天全部衰变为其它原子核D. 查德威克发现中子的反应方程式是：2.如图所示，质量为m的物块在质量为M的木板上滑行，木板与地面间摩擦系数为μ1，物块与木板间摩擦系数为μ2，已知木板处于静止状态，那么木板所受地面摩擦力的大小是（）A. B. C. D.3.质量m=200kg的小型电动汽车在平直的公路上由静止启动，图象甲表示汽车运动的速度与时间的关系，图象乙表示汽车牵引力的功率与时间的关系。
设汽车在运动过程中阻力不变，在18s末汽车的速度恰好达到最大。
则下列说法正确的是（）A. 汽车受到的阻力200NB. 汽车的最大牵引力为700NC. 汽车在做变加速运动过程中的位移大小为90mD. 过程中汽车牵引力做的功为J4.将一只苹果（可看成质点）水平抛出，苹果在空中依次飞过三个完全相同的窗户1、2、3，图中曲线为苹果在空中运行的轨迹。
若不计空气阻力的影响，则（）A. 苹果通过第1个窗户期间竖直方向上的平均速度最大B. 苹果通过第3个窗户期间重力所做的功最多C. 苹果通过第1个窗户期间重力做功的平均功率最小D. 苹果通过第3个窗户期间速度变化量最大5.如图所示，边长为L的正六边形abcdef中，存在垂直该平面向内的匀强磁场，磁感应强度大小为B．a点处的粒子源发出大量质量为m、电荷量为+q的同种粒子，粒子的速度大小不同，方向始终垂直ab边且与磁场垂直，不计粒子的重力，当粒子的速度为v时，粒子恰好经过b点，下列说法正确的是（）A. 速度小于v的粒子在磁场中运动时间为B. 经过d点的粒子在磁场中运动的时间为C. 经过c点的粒子在磁场中做圆周运动的半径为2LD. 速度大于2v小于4v的粒子一定打在cd边上二、多选题（本大题共5小题，共27.0分）6.如图甲所示是线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时产生的交变电压图象。
2019届宁夏石嘴山市三中高三下学期一模考试理科综合试卷及答案
2019届石嘴山市三中高三下学期一模考试理科综合试卷本试卷分第I卷（选择题）和第II卷（非选择题）两部分，其中第II卷第33—38为选考题，其它题为必考题。
考生作答时，将答案答在答题卡上，在本试卷上答题无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
注意事项：1、答题前，考生务必先将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上，认真核对条形码上的姓名、准考证号，并将条形码粘贴在答题卡指定位置上。
2、选择题答案使用2B铅笔填涂，如需改动，用橡皮擦擦干净后，再选涂其它答案标号；非选择题答案用0.5毫米的黑色中性（签字）笔或碳素笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3、请按照题号在各题的答题区域（黑色线框）内作答，超出答题区域书写的答案无效。
4、保持卡面清洁，不折叠，不破损。
5、做选考题时，考生按照题目要求作答，并用2B铅笔在答题卡上把所选题目对应的题号涂黑。
可能用到的相对原子质量：Fe-56 C-12 O-16 N-14 H-1 S-32 Cu-64 Ni-59第I卷（选择题共126分）一、选择题：（本题共13小题，每题6分，共78分.每小题只有一项符合题目要求）1、下列关于酶和ATP的叙述,正确的是( )A.酶使底物由常态变为活跃状态,提高了反应的活化能B.高温和低温都会使酶分子空间结构被破坏而失去活性C.人体内ATP的合成与细胞内的放能反应相关联D.代谢旺盛的细胞中ATP的合成快,含量很高2、下列关于基因突变、基因重组和染色体变异的叙述，正确的是（）A. 基因突变具有随机性，所以细胞分裂期也可能会发生基因突变B. 自然条件下，基因重组主要发生在减数第一次和第二次分裂的后期C. 猫叫综合征和21三体综合征都属于染色体结构异常遗传病D. 培育无子西瓜和无子番茄的原理都是染色体数目变异3、很多人看恐怖电影时，在内脏神经的支配下，肾上腺髓质释放的肾上腺素增多．该激素可作用于心脏，使心率加快，同时会出现出汗、闭眼等反应．下列叙述不正确的是（）A. 此过程涉及到神经递质的释放与受体识别B. 心跳加速是激素作用的结果，激素起作用后被灭活，血压能恢复正常C. 此过程涉及到生物膜之间的融合D. 该过程涉及到兴奋在神经纤维上的双向传导4、由苯丙氨酸羟化酶基因突变引起的苯丙酮尿症是常染色体隐性遗传病，我国部分地市对新生儿进行免费筛查并为患儿提供低苯丙氨酸奶粉。
【全国百强校】宁夏石嘴山市第三中学2019届高三上学期期末考试理综物理试题(精品解析)
石嘴山三中2019届高三期末考试理科综合能力测试二、选择题1.物体A、B的s-t图像如图所示，由图可知( )A. 5s内A、B的平均速度相等B. 两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C. 在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D. 从第3s起，两物体运动方向相同，且v A>v B【答案】D【解析】【详解】A．在5s内，A的位移为10m，B的位移为5m，故位移不同，平均速度也不同，故A错误．B．由图像可知B从s=5m的位置开始运动，A从s=0开始运动，物体A比B迟3s才开始运动，选项B错误；C．由上分析知，在5s内物体的位移不同，5s末相遇，故C错误．D．s-t图象的斜率速度，从第3s起，两物体运动方向相同，为正方向；图象A的斜率大，说明A的速度大；故D正确．2.图中静止的光滑小球质量为m，固定斜面倾角为α，挡板竖直，斜面对小球的支持力大小为N1，挡板对小球的水平压力为N2，则( )A. N1 = mgcosαB. N1 = mgtanαC. N2 = mgtanαD. N 2 = mgsinα【答案】C【解析】【分析】球受重力、挡板和斜面对球体的弹力N1和N2，三力平衡，两个弹力的合力与重力等值、反向、共线．【详解】球受三个力：mg、N1、N2．如图所示：根据平衡条件得：1cosmgNα=,2tanN mgα=;故选C.【点睛】本题关键是正确地对球受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合合成法求解．3. 已知地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍．一飞行器绕地球做匀速圆周运动的周期为3小时．若地球半径为R，则该飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近A. 0.83RB. 1.7RC. 1.9RD. 3.3R【答案】B 【解析】试题分析：根据卫星的向心力由万有引力提供2224GMm m r r Tπ=可知：对同步卫星有：()22214(6.6)6.6GMm m R T Rπ=对飞行器有：/2/2224GMm m r r Tπ=又因地球同步卫星绕地球运动的周期为24小时，则有12243T T=联立以上各式得： 1.65r R=，故飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近1.7R考点：本题主要考查了人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用4.如图所示，含有11H、21H、42He的带电粒子束从小孔O1处射入速度选择器，沿直线O1O2运动的粒子在小孔O2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P1、P2两点．则( )A. 打在P1点的粒子是42HeB. 打在P 2点的粒子是21H 和42He C. O 2P 2的长度是O 2P 1长度的2倍 D. 粒子在偏转磁场中运动的时间都相等 【答案】BC 【解析】粒子在电磁场中做匀速直线运动，qE Bqv =，进入偏转磁场后，mvr qB=由于粒子的速度相同，所以荷质比较大的粒子半径较小，故打在P 1点的粒子是11H ，打在P 2点的粒子是21H 和42He ；选项A 错误，B 正确；根据荷质比可知O 2P 2的长度是O 2P 1长度的2倍，选项C 正确；粒子在偏转磁场中运动的时间均为半个周期，2πmT qB= ，荷质比不同，所以运动时间不同，选项D 错误；综上本题选BC.5.两物块A 、B 用轻弹簧相连，质量均为2kg ，初始时弹簧处于原长，A 、B 两物块都以v ＝6 m/s 的速度在光滑的水平地面上运动，质量4kg 的物块C 静止在前方，如图所示，B 与C 碰撞后二者会粘在一起运动.则下列说法正确的是( )A. B 、C 碰撞刚结束时BC 的共同速度为3 m/sB. 弹簧的弹性势能最大时，物块A 的速度为3 m/sC. 弹簧的弹性势能最大值为36JD. 弹簧再次恢复原长时A 、B 、C 三物块速度相同 【答案】B 【解析】 【分析】B 与C 发生碰撞后，根据动量守恒求出物BC 的速度；当弹簧的弹性势能最大时，三者具有相同的速度，此时A 的速度最大；根据动量守恒求出BC 碰撞后的共同速度．由能量守恒求解弹性势能的最大值．【详解】A 、B 与C 碰撞时B 、C 组成的系统动量守恒，设碰后瞬间B 、C 两者速度为v BC ，规定向右为正方向，则m B v =(m B +m C )v BC ,解得26m/s 2m/s 24BC v ⨯==+；故A 错误. B 、C 、当A 、B 、C 三者的速度相等时弹簧的弹性势能最大．由A 、B 、C 三者组成的系统动量守恒，设向右为正方向：(m A +m B )v =(m A +m B +m C )v ABC ,解得：(22)6m/s 3m/s 224ABCv +⨯==++, 设物ABC 速度相同时弹簧的弹性势能最大为E p ，根据能量守恒：222111()()12J 222P B C BC A A B C ABC E m m v m v m m m v =++-++=；故B 正确，C 错误. D 、若三者共速时系统减少的动能最多，一定是变成储存的弹性势能，则此时弹簧不会是原长；故D 错误. 故选B.【点睛】本题是含有非弹性碰撞的过程，不能全过程列出机械能守恒方程，这是学生经常犯的错误． 6.如图所示电路中，电键闭合后将滑动变阻器R 0的滑片向上滑动，下列说法正确的是（ ）A. 电流表的示数变大 B. 电阻R 1消耗的功率减小 C. 电压表的示数降低D. 滑动变阻器变压器R 0两端的电压升高 【答案】ABD【解析】 【分析】由图知：R 0、R 2并联后与R 1串联，电压表测量路端电压，由R 0接入电路的电阻变化，根据欧姆定律及串并关系，分析电流表和电压表示数的大小．【详解】C 、当滑动变阻器的滑动触头向上移动的过程中，变阻器接入电路的电阻变大，外电路总电阻变大，干路电流减小，由V U U E Ir ==-可知电压表的示数变大；故C 错误.B 、由纯阻的功率21P I R =知功率随干路电流的减小而减小；故B 正确.D 、滑动变阻器两端的电压为1=UE Ir IR --并，随电流的减小而升高；故D 正确. A 、电流表测得定值电阻R 2的电流为2A U I R =并知示数变大；故A 正确. 故选ABD.【点睛】本题按“局部→整体→局部”的思路进行动态分析，掌握闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律是分析的理论依据.7.如图所示，虚线a 、b 、c 代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab =U bc ，实线为一带负电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P 、R 、Q 是这条轨迹上的三点，R 同时在等势面b 上，据此可知（ ）A. 三个等势面中，c 的电势最高B. 带电质点在P 点的电势能比在Q 点的电势能小C. 带电质点在P 点的动能与电势能之和比在Q 点的小D. 带电质点在P 点的加速度比在Q 的加速度大【答案】ABD 【解析】 【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．【详解】A 、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a 等势线的电势最高，c 等势线的电势最低，故A 错误；B 、根据质点受力情况可知，从P 到Q 过程中电场力做正功，电势能降低，故P 点的电势能大于Q 点的电势能，故B 正确；C 、从P 到Q 过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P 点的动能小于Q 点的动能，故C 错误；D 、等势线密的地方电场线密场强大，故P 点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大；故D 正确. 故选BD.【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．8.如图所示，一质量为m 的物体静置在倾角为θ＝30°的固定光滑斜面底端．现用沿斜面向上的恒力F 拉物体，使其做匀加速直线运动，经时间t ，力F 做功为W ，此后撤去恒力F ，物体又经时间t 回到出发点，若以斜面底端为重力势能零势能面，则下列说法正确的是A. 回到出发点时重力的瞬时功率为g 2WmB. 从开始到回到出发点的整个过程中机械能增加了WC. 恒力F 大小为23mgD. 物体回到出发点时的速度大小是撤去恒力F 时速度大小的三倍 【答案】BC【解析】【详解】从开始到经过时间t ，物体受重力，拉力，支持力，由牛顿第二定律得物体加速度为：30F mgsin a m-︒=;撤去恒力F 到回到出发点，物体受重力，支持力，由牛顿第二定律得物体加速度大小为：a′= =gsin30° ；两个过程位移大小相等、方向相反，时间相等．则得：12 at 2=-（at•t - 12a′t 2）；联立解得：a′=3a ，F=23mg ，撤去F 时的速度为at ；回到出发点时的速度为-at+ a′t=2at ，则故C 正确，D 错误；除重力以外的力做功等于物体机械能的变化量，两个过程中，力F 做功为W ，则从开始到回到出发点的整个过程中机械能增加了W ，故B 正确；根据过程中，根据动能定理得：12mv 2=W ，解得：2Wv m =，回到出发点时重力的瞬时功率为 P=mgvsin30°=2Wm g ，故A 错误；故选BC ．【点睛】本题是牛顿第二定律、动能定理、运动学公式等力学规律的综合应用，关键要抓住两个过程之间的位移关系和时间关系，知道除重力以外的力做功等于机械能的变化量.三、非选择题包括必考题和选考题两部分.第22题~第32题为必考题，每个试题考生都必须做答.第33题~第40题为选考题,考生根据要求做答。
2019届宁夏石嘴山市第三中学高三上学期期中考试物理试卷卷(解析版)
2019届宁夏石嘴山市第三中学高三上学期期中考试物理试卷卷一、单项选择题（本题共有11小题，每小题2分，共22分．在每小题给出的四个选项中，只有一个正确答案，错选或不答的得零分）1.下列说法正确的是（）A. 滑动摩擦力只可能作负功B. 静摩擦力既可作正功，也可作负功C. 一对作用力和反作用力做功的代数和为零D. 具有加速度的物体，一定有外力对它作功【答案】B【解析】【详解】A、力做功的正负即决于力和位移的方向关系,摩擦力可以做正功,也可以做负功,还可以不做功,故A错误,B正确;C、作用力和反作用力可以同时做正功,也可以同时做负功,做功的代数和不为零,故C错误;D、匀速圆周运动具有加速度,但没有外力对它做功,故D错误.故选B【点睛】力做功的正负即决于力和位移的方向关系;根据作用力和反作用力的性质可以判断两力做功的情况.2.假设人造地球卫星做匀速圆周运动，当它的轨道半径增大到原来的2倍时（）A. 根据，卫星受到的向心力增为原来的2倍B. 根据，卫星受到的向心力减为原来的C. 根据，卫星受到的向心力减为原来的D. 根据，卫星受到的向心力保持不变【答案】C【解析】试题分析：当轨道半径变化时，万有引力变化，卫星的角速度随着变化，所以不能根据公式F=mω2•r 得卫星受的向心力增为原来的2倍，故A错误；同理，当轨道半径变化时，万有引力变化，卫星的线速度随着变化，故B错误；根据万有引力的表达式，卫星受的向心力减为原来的．故C正确；人造地球卫星的轨道半径增大到原来2倍时，重力加速度也随着变化，故D错误；故选C。
考点：万有引力定律的应用【名师点睛】人造卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，卫星的线速度、角速度、周期都与半径有关，讨论这些物理量时要找准公式，正确使用控制变量法。
3.下列四个选项的图中，木块均在固定的斜面上运动，其中图A、B、C中的斜面是光滑的，图D中的斜面是粗糙的，图A、B中的F为木块所受的外力，方向如图中箭头所示，图A、B、D中的木块向下运动，图C 中的木块向上运动，在这四个图所示的运动过程中机械能守恒的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】在A、B、D中均有除重力以外的其他力做功，机械能不守恒，在C中只有重力做功，机械能守恒，故C 正确思路分析：机械能守恒的条件是只有重力做功的情况下物体或者系统机械能守恒，在A、B、D中均有除重力以外的其他力做功，机械能不守恒，试题点评：本题考查了机械能守恒的条件，理解只有重力做功的情况下物体或者系统机械能守恒是关键4.如图所示，一滑块从半圆形光滑轨道上端由静止开始滑下，当滑到最低点时，关于滑块动能大小和对轨道最低点的压力，下列结论正确的是（）A. 轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越大B. 轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力与半径无关C. 轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越小D. 轨道半径变化时，滑块动能、对轨道的正压力都不变【答案】B【解析】【详解】设滑块滑到最低点时的速度为v,由机械能守恒定律得mgR= ,故轨道半径越大,滑块在最低点时的动能越大;滑块对轨道的压力N=mg+=3mg,与半径的大小无关.故B对；ACD错故选B5. 如图所示，一根木棒沿水平桌面从A运动到B，若棒与桌面间的摩擦力大小为f，则棒对桌面的摩擦力和桌面对棒的摩擦力做的功各为（）A. －fs，－fsB. fs，－fsC. 0，－fsD. －fs，0【答案】C【解析】试题分析：棒对桌面的摩擦力，和桌面对棒的摩擦力，为作用力和反作用力，大小相等方向相反，从A运动到B的过程中，棒受到的摩擦力为f，位移为s，摩擦力做的是负功，所以桌面对棒的摩擦力做的功为-fs，桌面受到的摩擦力的大小也为f，但桌面没动，位移是0，所以棒对桌面的摩擦力做的功为0．故选C．考点：功6. 如图所示，将悬线拉至水平位置无初速释放，当小球到达最低点时，细线被一与悬点同一竖直线上的小钉B挡住，比较悬线被小钉子挡住的前后瞬间，①小球的机械能减小②小球的动能减小③悬线的张力变大④小球的向心加速度变大以上说法正确的是()A. ①②B. ②③C. ③④D. ①④【答案】C【解析】小球在运动过程中，绳子的拉力永远不做功，只有重力做功，所以整个过程中小球的机械能守恒，所以悬线被小钉子挡住的前后瞬间，小球的机械能不变，小球的速度大小不变即小球的动能不变，但小球做圆周运动的半径减小，所以根据得，半径减小，拉力T增大，小球的向心加速度增大，选C.7.在两个坡度不同的斜面顶点以大小相同的初速度同时水平向左，向右抛出两个小球A和B，两斜坡的倾角分别是30°和60°，小球均落在斜坡上，则A、B两小球在空中运动的时间之比为A. 1：B. 1：3C. ：1D. 3：1【答案】B【解析】【详解】两个小球都落在斜面上，根据：解得：则A、B两小球在空中运动的时间之比为1：3，故B对；ACD错；故选B【点睛】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，小球落在斜抛上，结合竖直位移和水平位移的关系求出运动的时间，从而得出A、B的运动时间之比．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合竖直位移和水平位移比值为定值进行求解．8.某人造地球卫星因受高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运转的轨道会慢慢改变，每次测量中卫星的运动可近似看作圆周运动。
2019届宁夏回族自治区石嘴山市第三中学高三上学期第二次月考物理试题(解析版)
2019届宁夏回族自治区石嘴山市第三中学高三上学期第二次月考物理试题（解析版）一、单项选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分．在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的．）1.—质点沿直线做加速运动,它离开点的距离随时间的变化关系为,其中的单位是,的单位是,它的速度随时间的变化关系是,其中的单位是。
设该质点在到的平均速度为,到的平均速度为,则( )A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】由题意一质点沿直线ox作加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为，故可知：t=0时刻，质点的位置坐标为：x0=5m，2s末的位置坐标为：x2=21m，3s末的位置坐标为：x3=59m；因为位移是质点位置坐标的变化量，故物体在前2s内的位移为：，其平均速度为：，物体在第3s内的位移为：，其平均速度为：，故B正确，A、C、D错误；故选B。
【点睛】关键知道位移的大小等于质点位置坐标的变化量，平均速度是位移与时间的比值。
2.如图为一质点运动的位移随时间变化的图象,图象是一条抛物线,方程为,下列说法正确的是( )A. 质点的加速度大小是B. 质点做匀减速运动, 时质点离出发点最远C. 质点的初速度大小是D. 时,质点的速度为零【解析】【详解】AC、方程为，把它与位移时间关系式：相比较，对应的未知数前面常数相同，可以得到：，即物体做初速度为40m/s，加速度为−10m/s2的匀变速直线运动，故A、C错误；B、位移−时间图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向，由图可知t=4s时质点离出发点最远，故B错误；D、由于在位移−时间图象的斜率表示该时刻的速度，所以t=4s时，质点的速度为零，故D正确；故选D。
【点睛】在位移-时间图象表示物体的位置随时间的变化，图象上的任意一点表示该时刻的位置，图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向。
3.如图所示，与水平面夹角为30°的固定斜面上有一质量m＝1.0kg的物体。
2019届宁夏回族自治区石嘴山市第三中学高三上学期第二次月考物理试题(解析版)
2019届宁夏回族自治区石嘴山市第三中学高三上学期第二次月考物理试题★祝你考试顺利★注意事项：1、考试范围：高考考查范围。
2、答题前，请先将自己的姓名、准考证号用0.5毫米黑色签字笔填写在试题卷和答题卡上的相应位置，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
用2B铅笔将答题卡上试卷类型A后的方框涂黑。
3、选择题的作答：每个小题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选择题答题区域的答案一律无效。
4、主观题的作答：用0.5毫米黑色签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非主观题答题区域的答案一律无效。
5、选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案用0.5毫米黑色签字笔写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非选修题答题区域的答案一律无效。
6、本科目考试结束后，请将本试题卷、答题卡、草稿纸一并依序排列上交。
一、单项选择题（本大题共14小题，每小题3分，共42分．在每小题给出的四个选项中只有一个选项是正确的．）1.—质点沿直线做加速运动,它离开点的距离随时间的变化关系为,其中的单位是,的单位是,它的速度随时间的变化关系是,其中的单位是。
设该质点在到的平均速度为,到的平均速度为,则( )A. B.C. D.【答案】B【解析】【详解】由题意一质点沿直线ox作加速运动，它离开O点的距离x随时间变化的关系为，故可知：t=0时刻，质点的位置坐标为：x0=5m，2s末的位置坐标为：x2=21m，3s末的位置坐标为：x3=59m；因为位移是质点位置坐标的变化量，故物体在前2s内的位移为：，其平均速度为：，物体在第3s内的位移为：，其平均速度为：，故B正确，A、C、D错误；故选B。
【点睛】关键知道位移的大小等于质点位置坐标的变化量，平均速度是位移与时间的比值。
2.如图为一质点运动的位移随时间变化的图象,图象是一条抛物线,方程为,下列说法正确的是( )A. 质点的加速度大小是B. 质点做匀减速运动, 时质点离出发点最远C. 质点的初速度大小是D. 时,质点的速度为零【答案】D【解析】【详解】AC、方程为，把它与位移时间关系式：相比较，对应的未知数前面常数相同，可以得到：，即物体做初速度为40m/s，加速度为−10m/s2的匀变速直线运动，故A、C错误；B、位移−时间图象的斜率表示该时刻的速度，斜率的正负表示速度的方向，由图可知t=4s时质点离出发点最远，故B错误；D、由于在位移−时间图象的斜率表示该时刻的速度，所以t=4s时，质点的速度为零，故D正确；故选D。
宁夏石嘴山市第三中学2019届高三物理上学期第一次月考考试试题(含解析)
宁夏石嘴山市第三中学2019届高三物理上学期第一次月考考试试题（含解析）一、单选题（共13小题，每题3分，共39分，每题只有一个正确答案）1.某物体在四个共点力作用下处于平衡状态，若F4的方向沿逆时针方向转过60°角，但其大小保持不变，其余三个力的大小和方向均保持不变，此时物体受到的合力的大小为( ) A. 0 B. F4 C. F4 D. 2F4【答案】B【解析】【详解】物体在四个共点力作用下处于平衡状态，即物体所受合外力为0，把F 4的方向沿逆时针转过60°角而大小保持不变，其余三个力的合力为-F4，则-F4旋转后的F4成1200.，根据平行四边形定则：总合力为F4，故B正确。
2.如图所示，粗糙水平面上的物体在水平拉力F作用下做匀加速直线运动，现使F不断变小到零，则在滑动过程中（）A. 物体的加速度不断减小，速度不断增大B. 物体的加速度不断增大，速度不断减小C. 物体的加速度先增大后减小，速度先减小后增大D. 物体的加速度先减小后增大，速度先增大后减小【答案】D【解析】合外力决定加速度，滑动过程中物体所受合外力是拉力和地面摩擦力的合力，即F合＝F－F f.当F>F f时，合外力方向与速度方向相同，速度增加，F逐渐减小，合外力减小，加速度减小；当F<F f时，合外力方向与速度方向相反，速度减小，F逐渐减小，合外力增大，加速度增大，D正确．故选D3.甲物体自高处自由落下，同时乙物体自地面以初速度v0竖直上抛，不计空气阻力，两者的加速度均为g．当乙上升到最高点时，甲、乙两物体恰好相遇，则甲物体刚开始下落时距地面的高度为( )A. B. C. D.【答案】B【解析】【详解】由题可知，甲、乙两物体在乙上升到最高点时相遇，两者运动的时间为：在此时间内，甲下落的位移为乙上升的位移为：所以甲开始下落时距地面的高度为：故B正确。
4.甲、乙两车在同一直线上同方向运动，两车运动的图像如图所示。
2019届宁夏石嘴山市第三中学高三上学期期末考试理科综合物理试卷(解析版)
石嘴山三中2019届高三期末考试理科综合能力测试二、选择题1. 如图是物体A、B的x﹣t图象，由图可知（）A. 5s内A、B的平均速度相等B. 两物体由同一位置开始运动，但物体A比B迟3s才开始运动C. 在5s内物体的位移相同，5s末A、B相遇D. 从第3s起，两物体运动方向相同，且v A＞v B【答案】D【解析】试题分析：从图中可知到A从3s末开始从x=0处开始运动，B从t=0开始从x=5m处开始运动，即两者不是从同一位置开始运动的，A比比B迟了3s才开始运动，5s内的平均速度分别为，，两者的平均速度不相等，AB错误；在5s内A的位移为10m，B的位移为5m，位移不相同，C错误；图像的斜率表示运动速度，故从第3s起，两物体运动方向相同，且，D正确；考点：考查了位移时间图像【名师点睛】关键掌握位移图象的基本性质：横坐标代表时刻，而纵坐标代表物体所在的位置，纵坐标不变即物体保持静止状态；位移时间图像是用来描述物体位移随时间变化规律的图像，不是物体的运动轨迹，斜率等于物体运动的速度，斜率的正负表示速度的方向，质点通过的位移等于x的变化量2.图中静止的光滑小球质量为m，固定斜面倾角为α，挡板竖直，斜面对小球的支持力大小为N1，挡板对小球的水平压力为N2，则( )A. N1 = mgcosαB. N1 = mgtanαC. N2 = mgtanαD. N 2 = mgsinα【答案】C【解析】【分析】球受重力、挡板和斜面对球体的弹力N1和N2，三力平衡，两个弹力的合力与重力等值、反向、共线．【详解】球受三个力：mg、N1、N2．如图所示：根据平衡条件得：,;故选C.【点睛】本题关键是正确地对球受力分析，然后根据共点力平衡条件并结合合成法求解．3. 已知地球同步卫星的轨道半径约为地球半径的6.6倍．一飞行器绕地球做匀速圆周运动的周期为3小时。
若地球半径为R，则该飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近A. 0.83RB. 1.7RC. 1.9RD. 3.3R【答案】B【解析】试题分析：根据卫星的向心力由万有引力提供可知：对同步卫星有：对飞行器有：又因地球同步卫星绕地球运动的周期为24小时，则有联立以上各式得：，故飞行器绕地心飞行的轨道半径最接近考点：本题主要考查了人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用4.如图所示，含有、、的带电粒子束从小孔O1处射入速度选择器，沿直线O1O2运动的粒子在小孔O2处射出后垂直进入偏转磁场，最终打在P1、P2两点．则( )A. 打在P1点的粒子是B. 打在P2点的粒子是和C. O2P2的长度是O2P1长度的2倍D. 粒子在偏转磁场中运动的时间都相等【答案】BC【解析】试题分析：从粒子速度选择器中射出的粒子具有相等的速度，然后结合带电粒子在磁场中运动的半径公式周期公式即可分析求解．带电粒子在沿直线通过速度选择器时，电场力与洛伦兹力大小相等方向相反，即：，所以，可知从粒子速度选择器中射出的粒子具有相等的速度．带电粒子在磁场中做匀速直线运动，洛伦兹力提供向心力，所以，解得，可知粒子的比荷越大，则运动的半径越小，所以打在点的粒子是，打在P2点的粒子是和，故A错误B正确；由题中的数据可得，的比荷是和的比荷的2倍，所以的轨道的半径是和的半径的倍，即的长度是长度的2倍，故C正确；粒子运动的周期，三种粒子的比荷不相同，所以粒子在偏转磁场中运动的时间不相等，故D错误．5.两物块A、B用轻弹簧相连，质量均为2kg，初始时弹簧处于原长，A、B两物块都以v＝6 m/s的速度在光滑的水平地面上运动，质量4kg的物块C静止在前方，如图所示，B与C碰撞后二者会粘在一起运动.则下列说法正确的是( )A. B、C碰撞刚结束时BC的共同速度为3 m/sB. 弹簧的弹性势能最大时，物块A的速度为3 m/sC. 弹簧的弹性势能最大值为36JD. 弹簧再次恢复原长时A、B、C三物块速度相同【答案】B【解析】【分析】B与C发生碰撞后，根据动量守恒求出物BC的速度；当弹簧的弹性势能最大时，三者具有相同的速度，此时A的速度最大；根据动量守恒求出BC碰撞后的共同速度．由能量守恒求解弹性势能的最大值．【详解】A、B与C碰撞时B、C组成的系统动量守恒，设碰后瞬间B、C两者速度为v BC，规定向右为正方向，则m B v=(m B+m C)v BC,解得；故A错误.B、C、当A、B、C三者的速度相等时弹簧的弹性势能最大．由A、B、C三者组成的系统动量守恒，设向右为正方向：(m A+m B)v=(m A+m B+m C)v ABC,解得：, 设物ABC速度相同时弹簧的弹性势能最大为E p，根据能量守恒：；故B正确，C错误.D、若三者共速时系统减少的动能最多，一定是变成储存的弹性势能，则此时弹簧不会是原长；故D错误. 故选B.【点睛】本题是含有非弹性碰撞的过程，不能全过程列出机械能守恒方程，这是学生经常犯的错误．6.如图所示电路中，电键闭合后将滑动变阻器R0的滑片向上滑动，下列说法正确的是（）A. 电流表的示数变大B. 电阻R1消耗的功率减小C. 电压表的示数降低D. 滑动变阻器变压器R0两端的电压升高【答案】ABD【解析】【分析】由图知：R0、R2并联后与R1串联，电压表测量路端电压，由R0接入电路的电阻变化，根据欧姆定律及串并关系，分析电流表和电压表示数的大小．【详解】C、当滑动变阻器的滑动触头向上移动的过程中，变阻器接入电路的电阻变大，外电路总电阻变大，干路电流减小，由可知电压表的示数变大；故C错误.B、由纯阻的功率知功率随干路电流的减小而减小；故B正确.D、滑动变阻器两端的电压为，随电流的减小而升高；故D正确.A、电流表测得定值电阻R2的电流为知示数变大；故A正确.故选ABD.【点睛】本题按“局部→整体→局部”的思路进行动态分析，掌握闭合电路欧姆定律和部分电路欧姆定律是分析的理论依据.7.如图所示，虚线a、b、c代表电场中的三个等势面，相邻等势面之间的电势差相等，即U ab=U bc，实线为一带正电的质点仅在电场力作用下通过该区域时的运动轨迹，P、Q是这条轨迹上的两点，据此可知A. 三个等势面中，c的电势最高B. 带电质点通过P点时电势能比通过Q点时的电势能大C. 带电质点通过P点时动能比通过Q点时的动能大D. 带电质点通过P点时加速度比通过Q点时的加速度大【答案】BD【解析】【分析】由于质点只受电场力作用，根据运动轨迹可知电场力指向运动轨迹的内侧即斜向右下方，由于质点带正电，因此电场线方向也指向右下方；电势能变化可以通过电场力做功情况判断；电场线和等势线垂直，且等势线密的地方电场线密，电场强度大．【详解】A、电荷所受电场力指向轨迹内侧，由于电荷带正电，因此电场线指向右下方，沿电场线电势降低，故a等势线的电势最高，c等势线的电势最低，故A错误；B、根据质点受力情况可知，从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，故P点的电势能大于Q点的电势能，故B正确；C、从P到Q过程中电场力做正功，电势能降低，动能增大，故P点的动能小于Q点的动能，故C错误；D、等势线密的地方电场线密场强大，故P点位置电场强，电场力大，根据牛顿第二定律，加速度也大；故D正确.故选BD.【点睛】解决这类带电粒子在电场中运动的思路是：根据运动轨迹判断出所受电场力方向，然后进一步判断电势、电场强度、电势能、动能等物理量的变化．8.如图所示，一质量为m的物体静置在倾角为的固定光滑斜面底端。
高三★2019届宁夏石嘴山市第三中学高三上学期期中考试物理试卷卷(解析版)含答案
2019届宁夏石嘴山市第三中学高三上学期期中考试物理试卷卷一、单项选择题（本题共有11小题，每小题2分，共22分．在每小题给出的四个选项中，只有一个正确答案，错选或不答的得零分）1.下列说法正确的是（）A. 滑动摩擦力只可能作负功B. 静摩擦力既可作正功，也可作负功C. 一对作用力和反作用力做功的代数和为零D. 具有加速度的物体，一定有外力对它作功【答案】B【解析】【详解】A、力做功的正负即决于力和位移的方向关系,摩擦力可以做正功,也可以做负功,还可以不做功,故A错误,B正确;C、作用力和反作用力可以同时做正功,也可以同时做负功,做功的代数和不为零,故C错误;D、匀速圆周运动具有加速度,但没有外力对它做功,故D错误.故选B【点睛】力做功的正负即决于力和位移的方向关系;根据作用力和反作用力的性质可以判断两力做功的情况.2.假设人造地球卫星做匀速圆周运动，当它的轨道半径增大到原来的2倍时（）A. 根据，卫星受到的向心力增为原来的2倍B. 根据，卫星受到的向心力减为原来的C. 根据，卫星受到的向心力减为原来的D. 根据，卫星受到的向心力保持不变【答案】C【解析】试题分析：当轨道半径变化时，万有引力变化，卫星的角速度随着变化，所以不能根据公式F=mω2•r 得卫星受的向心力增为原来的2倍，故A错误；同理，当轨道半径变化时，万有引力变化，卫星的线速度随着变化，故B错误；根据万有引力的表达式，卫星受的向心力减为原来的．故C正确；人造地球卫星的轨道半径增大到原来2倍时，重力加速度也随着变化，故D错误；故选C。
考点：万有引力定律的应用【名师点睛】人造卫星做圆周运动，万有引力提供向心力，卫星的线速度、角速度、周期都与半径有关，讨论这些物理量时要找准公式，正确使用控制变量法。
3.下列四个选项的图中，木块均在固定的斜面上运动，其中图A、B、C中的斜面是光滑的，图D中的斜面是粗糙的，图A、B中的F为木块所受的外力，方向如图中箭头所示，图A、B、D中的木块向下运动，图C 中的木块向上运动，在这四个图所示的运动过程中机械能守恒的是（）A. B. C. D.【答案】C【解析】在A、B、D中均有除重力以外的其他力做功，机械能不守恒，在C中只有重力做功，机械能守恒，故C 正确思路分析：机械能守恒的条件是只有重力做功的情况下物体或者系统机械能守恒，在A、B、D中均有除重力以外的其他力做功，机械能不守恒，试题点评：本题考查了机械能守恒的条件，理解只有重力做功的情况下物体或者系统机械能守恒是关键4.如图所示，一滑块从半圆形光滑轨道上端由静止开始滑下，当滑到最低点时，关于滑块动能大小和对轨道最低点的压力，下列结论正确的是（）A. 轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越大B. 轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力与半径无关C. 轨道半径越大，滑块动能越大，对轨道的压力越小D. 轨道半径变化时，滑块动能、对轨道的正压力都不变【答案】B【解析】【详解】设滑块滑到最低点时的速度为v,由机械能守恒定律得mgR= ,故轨道半径越大,滑块在最低点时的动能越大;滑块对轨道的压力N=mg+=3mg,与半径的大小无关.故B对；ACD错故选B5. 如图所示，一根木棒沿水平桌面从A运动到B，若棒与桌面间的摩擦力大小为f，则棒对桌面的摩擦力和桌面对棒的摩擦力做的功各为（）A. －fs，－fsB. fs，－fsC. 0，－fsD. －fs，0【答案】C【解析】试题分析：棒对桌面的摩擦力，和桌面对棒的摩擦力，为作用力和反作用力，大小相等方向相反，从A运动到B的过程中，棒受到的摩擦力为f，位移为s，摩擦力做的是负功，所以桌面对棒的摩擦力做的功为-fs，桌面受到的摩擦力的大小也为f，但桌面没动，位移是0，所以棒对桌面的摩擦力做的功为0．故选C．考点：功6. 如图所示，将悬线拉至水平位置无初速释放，当小球到达最低点时，细线被一与悬点同一竖直线上的小钉B挡住，比较悬线被小钉子挡住的前后瞬间，①小球的机械能减小②小球的动能减小③悬线的张力变大④小球的向心加速度变大以上说法正确的是()A. ①②B. ②③C. ③④D. ①④【答案】C【解析】小球在运动过程中，绳子的拉力永远不做功，只有重力做功，所以整个过程中小球的机械能守恒，所以悬线被小钉子挡住的前后瞬间，小球的机械能不变，小球的速度大小不变即小球的动能不变，但小球做圆周运动的半径减小，所以根据得，半径减小，拉力T增大，小球的向心加速度增大，选C.7.在两个坡度不同的斜面顶点以大小相同的初速度同时水平向左，向右抛出两个小球A和B，两斜坡的倾角分别是30°和60°，小球均落在斜坡上，则A、B两小球在空中运动的时间之比为A. 1：B. 1：3C. ：1D. 3：1【答案】B【解析】【详解】两个小球都落在斜面上，根据：解得：则A、B两小球在空中运动的时间之比为1：3，故B对；ACD错；故选B【点睛】平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，小球落在斜抛上，结合竖直位移和水平位移的关系求出运动的时间，从而得出A、B的运动时间之比．解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合竖直位移和水平位移比值为定值进行求解．8.某人造地球卫星因受高空稀薄空气的阻力作用，绕地球运转的轨道会慢慢改变，每次测量中卫星的运动可近似看作圆周运动。