高二物理上学期期中考试试题及答案(电场与恒定电流)(精品文档)
高二物理上学期期中考试卷含答案
A.若电流表示数有显著变化，S应接a
B.若电流表示数有显著变化，S应接b
C.若电压表示数有显著变化，S应接a
得
又因为
且 点为零电势点，则
14.如图所示的电路中，两平行金属板A、B水平放置，两板间的距离d=40cm。电源电动势E=24V，内电阻r=1Ω，电阻R=15Ω。闭合S，待电路稳定后，将一带正电的小球从B板小孔以初速度v0=4m/s竖直向上射入板间。若小球带电量为q=1×10－2C，质量为m=2×10－2kg，不考虑空气阻力。那么，滑动变阻器滑片P在某位置时，小球恰能到达A板。（g取10m/s2），求：
A.通过两棒的电流不相等
B.两棒的自由电子定向移动的平均速率v1>v2
C.两棒内的电场强度不同，细棒内场强E1小于粗棒内部场强E2
D.细棒的电压U1等于粗棒的电压U2
【答案】B
【解析】
【详解】A．由于两棒串联，所以电流相等，故A错误；
B．由公式
可知，两棒电流相等，而两棒横截面积关系为
得两棒的自由电子定向移动的平均速率
A.C点电势高于B点
B.
C.匀强电场的大小为
D.若将质子从B移动到A，电场力做功-2.25eV
【答案】AD
【解析】
【详解】A．由功能关系，粒子从C到B电场力做功为
即
解得
故负电荷在电势低的地方电势能大，C点电势高于B点，A正确；
B．粒子从C到A，根据动能定理
解得
故
又因为
高二物理上学期期中试卷(选考含解析)高二全册物理试题
嘴哆市安排阳光实验学校平阳二中高二（上）期中物理试卷（选考）一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分）1．下述说法正确的是( )A．根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹2．在真空中有两个完全相同的金属小球，带电荷分别为﹣q1和+q2，相距r时，它们间的静电力大小为F ；今将两小球接触一下放回原处，这时静电力大小为F，则两球原来带电荷量大小的关系可能是( )A．q1：q2=1：1 B．q1：q2=1：2 C．q1：q2=1：3 D．q1：q2=1：43．电场线如图所示，电场中A、B两点电场强度的大小和电势分别为E A、E B和φA、φB表示，则( )A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB 4．有关电压与电动势的说法中正确的是( )A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势就是电源两极间的电压C．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势与电压从能量转化的角度来说有本质的区别5．关于场强和电势，下列正确的( )A．在电场中a、b两点间移动电荷，电场力做功为零，则电荷一定在等势面上移动B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C．两个等量同种电荷的电场，从两电荷连线中点沿连线中垂线向外，电势越来越低，场强方向均相同，场强大小在减小D．两个等量异种电荷的电场中，从两电荷连线中点沿连线中垂线向外，电势均相等，场强方向均相同，场强大小在减小6．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．纯金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一7．关于电功和电热的计算，下列说法正确的是( )A．如果是纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算B．如果是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，但不能用公式W=UIt计算C．如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W=I2Rt计算D．如果不是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，也可用公式W=UIt计算8．两个相距较近的平行金属板A、B相距为d，接在电压为U的电源上．开关闭合时，质量为m，带电量为﹣q的油滴恰好静止在两板中点处，如图所示．在保持其他条件不变的情况下，将两板缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是( )A．油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向aB．油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bC．油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bD．油滴静止不动，电流计中无电流流过9．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系( )A．R1＞R＞R2B．R＞R1＞R2C．R1＜R＜R2D．R＜R1＜R210．如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触点向下移动时，各灯的亮度变化情况正确的是( )A．A、C灯变亮，B灯变暗B．A、B灯变亮，C灯变暗C．A灯变亮，B、C灯变暗D．A、B、C三灯都变亮二、不定项选择题（每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中有一个或多个选项正确）11．关于点电荷和元电荷的说法中，正确的是( )A．只有很小的球形带电体才叫做点电荷B．带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷C．元电荷就是电子D．任何带电体的电量都是元电荷的整数倍12．有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断( ) A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻B C．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小13．图中R1=4Ω，R2=9Ω，R3=18Ω．通电后( )A．经R1和R3的电流之比I1：I3=3：1B．R1两端的电压和R3两端的电压之比U1：U3=4：9C．三个电阻消耗的电功率之比P1：P2：P3=2：1：2D．三个电阻消耗的电功率之比P1：P2：P3=2：2：114．一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为( )A．动能减小B．电势能减少C．动能和电势能之和减少D．重力势能和电势能之和增加三、填空题（每空2分，共18分）15．某同学欲描绘额定电压为3.0V的小灯泡的I﹣U特性曲线图．（1）设计一个电路，要求误差较小．则以下四个电路图中，最合适的是__________（2）对于所选的实验电路图，在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于__________端（选填“A”、“B”或“AB中间”）（3）若小灯泡的额定功率和额定电压分别为2W和3V，则常温下多用电表测得其电阻值__________4.5Ω（选填“＞”、“=”或“＜”）16．某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约2Ω，电压表（0～3V约3kΩ），电流表（0～0.6A约1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω2A）和R2（100Ω0.1A）各一只．（1）实验中滑动变阻器应选用__________（选填“R1”或“R2”）．（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U﹣I图象，由图可较准确地求出电源电动势E=__________V；内阻r=__________Ω．17．用多用电表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻R x，以下给出的是可能的操作步骤，其中S为选择开关，P为欧姆挡调零旋钮．（1）把你认为正确步骤前的字母按合理的顺序填写在横线上__________．a．将两表笔短接，调节P使指针对准刻度盘上欧姆挡的零刻度，断开两表笔b．将两表笔分别连接到被测电阻的两端，读出R x的阻值后，断开两表笔c．旋转S使其尖端对准欧姆挡×1kd．旋转S使其尖端对准欧姆挡×100e．旋转S使其尖端对准OFF挡，并拔出两表笔（2）正确操作后，多用电表的指针位置如图所示，此被测电阻R x的阻值约为__________Ω．四、计算题（本题有3小题，共36分，要求写出必要的解题步骤和文字说明.）18．如图所示，两平行金属板A、B间为一匀强电场，A、B相距6cm，C、D为电场中的两点（其中C点在金属板上），且CD=4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10﹣17J，求：（1）匀强电场的场强；（2）A、B两点间的电势差；（3）若A板接地，D点电势为多少？19．如图所示的电路中，电阻R1=9Ω，R2=15Ω，电源的电动势E=12V，内电阻r=1Ω，安培表的读数I=0.4A．求：电阻R3的阻值和它消耗的电功率．20．（14分）如图所示为两组平行板金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，若电子从两块水平平行板的正中间射入，且最后电子刚好能从右侧的两块平行金属板穿出，A、B分别为两块竖直板的中点，求：（1）电子通过B点时的速度大小；（2）右侧平行金属板的长度；（3）电子穿出右侧平行金属板时的动能．平阳二中高二（上）期中物理试卷（选考）一、单项选择题（本题共10小题，每小题3分，共30分）1．下述说法正确的是( )A．根据E=，可知电场中某点的场强与电场力成正比B．根据E=，可知点电荷电场中某点的场强与该点电荷的电量Q成正比C．根据场强叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D．电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹【考点】电场强度；点电荷的场强；电场的叠加．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场强度是反映电场本身的力的性质的物理量，不能简单从数学理解．E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但大小不一定比分场强大．电场线与运动轨迹不是一回事．【解答】解：A、E由电场本身决定，与F、q无关．故A错误．B、E=k是真空中点电荷Q产生的电场强度的计算式，E与Q成正比．故B 正确．C、场强的叠加遵守平行四边形定则，合电场的场强与几个分场强效果相同，但不一定比分场强大，也可能相等，也可能比分场强小．故C错误．D、电场线表示电场的强弱和方向，与电荷的轨迹不一定重合．故D错误．故选B．【点评】本题考查对场强两个公式的理解能力，要注意区分试探电荷还是场源电荷，电场强度与场源电荷有关，与试探电荷无关．2．在真空中有两个完全相同的金属小球，带电荷分别为﹣q1和+q2，相距r时，它们间的静电力大小为F ；今将两小球接触一下放回原处，这时静电力大小为F，则两球原来带电荷量大小的关系可能是( )A．q1：q2=1：1 B．q1：q2=1：2 C．q1：q2=1：3 D．q1：q2=1：4【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】库仑定律可得出两球在接触前后的库仑力表达式，则根据电量的变化可得出接触后的作用力与原来作用力的关系．【解答】解：根据库伦定律得：接触前，两球作用力大小为：①两个相同的金属球各自带电，接触后再分开，其所带电量先中和后均分：②③联立①②③解得：q1：q2=1：3，故ABD错误，C正确．故选：C．【点评】对于完全相同的带电体，若带异种电荷，接触后则先中和再平分，若带同种电荷则将总电量平分．3．电场线如图所示，电场中A、B两点电场强度的大小和电势分别为E A、E B和φA、φB表示，则( )A．E A＞E B，φA＞φB B．E A＞E B，φA＜φB C．E A＜E B，φA＞φB D．E A＜E B，φA＜φB 【考点】电场线．【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E A＜E B；根据沿电场线电势降低，φA＜φB．故选：D．【点评】本题考查用电场线如何表示的电场强度大小及电势高低．4．有关电压与电动势的说法中正确的是( )A．电压与电动势的单位都是伏特，所以电动势与电压是同一物理量的不同叫法B．电动势就是电源两极间的电压C．电动势公式E=中的W与电压U=中的W是一样的，都是电场力做的功D．电动势与电压从能量转化的角度来说有本质的区别【考点】电源的电动势和内阻．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】电压与电动势的单位相同，但物理意义不同．电动势是反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小的物理量．电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．电动势等于电源没有接入电路时两极间的电压．【解答】解：A、电压与电动势的单位相同，但物理意义不同，是两个不同的物理量．故A错误．B、根据闭合电路欧姆定律，路端电压U=E﹣Ir，只有当外电路断开时，I=0，路端电压等于电动势．当外电路接通时，路端电压即电源两极间的电压小于电动势，故B错误．C、电动势定义式公式E=中的W是非静电力做功，电压U=中的W是静电力做功．故C错误．D、电源是把其他形式的能转化为电能的装置，电动势反映电源把其他形式的能转化为电能本领大小，从能量转化的角度来说有本质的区别．故D正确．故选：D．【点评】本题考查电动势的概念，关键要明确电动势的物理意义，知道与电压的区别，属于基础题．5．关于场强和电势，下列正确的( )A．在电场中a、b两点间移动电荷，电场力做功为零，则电荷一定在等势面上移动B．电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低C．两个等量同种电荷的电场，从两电荷连线中点沿连线中垂线向外，电势越来越低，场强方向均相同，场强大小在减小D．两个等量异种电荷的电场中，从两电荷连线中点沿连线中垂线向外，电势均相等，场强方向均相同，场强大小在减小【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】沿着电场线的方向电势逐渐降低和电场线的疏密程度判断场强和电势；根据等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特征判断电势的高低和电场强度的大小．【解答】解：A、在电场中a、b两点间移动电荷的过程中，电场力做功为零，知a、b两点间的电势差为0，但电荷不一定在等势面上移动，故A错误．B、电场强度和电势都是描述电场的物理量，二者无直接关系但相互关联，即由电场线知：沿着电场线的方向电势逐渐降低和电场线的疏密程度判断场强，所以场强大的地方电势不一定高，场强小的地方电势不一定低，故B错误．C、两个等量同种电荷的电场线分布知，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越低，电场强度由零增大后减小，方向从中点指向外侧或内侧，两侧电场强度的方向相反．故C错误．D、两个等量异种电荷的电场线分布知，中垂线为等势线，连线上各点的电势相等，中间电场线比较密，两边疏，则连线中点场强最大，向外逐渐减小，场强方向与等势面垂直即场强方向相同，故D正确．故选：D．【点评】本题关键根据电场线的分布特点判断电势和场强；根据等量同种电荷和等量异种电荷周围电场线的特征判断电势的高低和电场强度的大小．6．关于电阻和电阻率的说法中，正确的是( )A．导体对电流的阻碍作用叫做导体的电阻，因此只有导体中有电流通过时才有电阻B．由R=可知导体的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体中的电流成反比C．纯金属材料的电阻率一般随温度的升高而增大D．将一根导线等分为二，则半根导线的电阻和电阻率都是原来的二分之一【考点】欧姆定律；导体的电阻．【专题】恒定电流专题．【分析】导体的电阻由电阻本身的性质决定，与通过导体的电流以及两端的电压无关．【解答】解：A、根据R=知，导体的电阻由本身的性质决定，通过导体的电流无关．故A错误．B、电阻R由本身性质决定，与通过导体的电流以及两端的电压无关．故B 错误．C、纯金属材料的物体，其电阻率随温度的升高而增大．故C正确．D、电阻率的大小有材料本身性质决定，与导线的长度和横截面积无关．故D错误．故选：C．【点评】解决本题的关键掌握电阻定律，知道电阻的大小与电流、电压无关，以及知道电阻率的大小由材料本身性质决定．7．关于电功和电热的计算，下列说法正确的是( )A．如果是纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算B．如果是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，但不能用公式W=UIt计算C．如果不是纯电阻电路，电功只能用公式W=I2Rt计算D．如果不是纯电阻电路，电热可用公式W=I2Rt计算，也可用公式W=UIt计算【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】纯电阻电路，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，电热用公式W=I2Rt计算．【解答】解：A、纯电阻电路，根据能量守恒电功和电热电相等，电功可用公式W=UIt计算，也可用公式W=I2Rt计算，故A正确B、同理可知B错误C、非纯电阻电路，电功用公式W=UIt计算，故C错误D、非纯电阻电路，电热用公式W=I2Rt计算．故D错误故选A【点评】考查了纯电阻电路、非纯电阻电路，电功、电热计算，注意灵活选取公式．8．两个相距较近的平行金属板A、B相距为d，接在电压为U的电源上．开关闭合时，质量为m，带电量为﹣q的油滴恰好静止在两板中点处，如图所示．在保持其他条件不变的情况下，将两板缓慢地水平错开一些，以下说法正确的是( )A．油滴将向上运动，电流计中的电流从b流向aB．油滴静止不动，电流计中的电流从a流向bC．油滴将下运动，电流计中的电流从a流向bD．油滴静止不动，电流计中无电流流过【考点】带电粒子在混合场中的运动．【专题】带电粒子在复合场中的运动专题．【分析】带电油滴原来处于静止状态，电场力与重力平衡，将两板缓慢地错开一些后，分析板间场强有无变化，判断油滴是否仍保持静止．根据电容的决定式分析电容如何变化，由电容的定义式分析电量的变化，确定电路中电流的方向．【解答】解：将两板缓慢地错开一些，两板正对面积减小，根据电容的决定式C=得知，电容减小，而电压不变，则由C=知，电容器带电量减小，电容器处于放电状态，电路中产生顺时针方向的电流，则电流计中有a→b的电流．由于电容器板间电压和距离不变，则由E=，知板间场强不变，油滴所受电场力不变，仍处于静止状态．故B正确．ACD错误．故选：B．【点评】本题是电容器动态变化问题，要抓住电压不变，根据电容的决定式C=和电容的定义式C=结合进行分析．9．用伏安法测某一电阻时，如果采用如图所示的甲电路，测量值为R1，如果采用乙电路，测量值为R2，那么R1、R2与真实值R之间满足关系( )A．R1＞R＞R2B．R＞R1＞R2C．R1＜R＜R2D．R＜R1＜R2【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】根据两接法的特点可知误差的来源及对结果的影响，即可得出其测量结果与真实值之间的关系．【解答】解：甲图中电压值是准确的，而由于电压表的分流导致电流值偏大，故测量结果将小于真实值；而乙图中电流值是准确的，而由于电流表的分压导致了电压表示数偏大，故测量结果将大于真实值；故答案为：R1＜R＜R2，C正确；故选C【点评】本题考查误差的分析，要明确两种不同的接法中电表对实验的影响，从而得出测量值与真实值之间的关系．10．如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触点向下移动时，各灯的亮度变化情况正确的是( )A．A、C灯变亮，B灯变暗B．A、B灯变亮，C灯变暗C．A灯变亮，B、C灯变暗D．A、B、C三灯都变亮【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；控制变量法；恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑动触头P向下移动时，根据变阻器接入电路的电阻如何变化，由欧姆定律分析总电流的变化，判断A灯亮度的变化．由欧姆定律分析并联部分电压如何变化，确定灯B亮度的变化．根据总电流与B电流的变化关系，分析通过灯C电流的变化，判断C灯亮度的变化．【解答】解：当滑动变阻器的滑动触头P向下移动时，变阻器接入电路的电阻减小，外电路总电阻减小，根据全电路欧姆定律得知，干路中电流I增大，则A灯变亮．电路中并联部分电压U并=E﹣I（R A+r），I增大，其他量不变，U并减小，则灯B 变暗．通过C灯的电流I C=I﹣I B，I增大，I B减小，则I C增大，则灯C变亮．所以A、C灯变亮，B灯变暗．故A正确．故选：A【点评】对于电路中动态变化分析问题，往往按“局部→整体→局部”的思路，按程序法进行分析．二、不定项选择题（每小题4分，共16分.在每小题给出的四个选项中有一个或多个选项正确）11．关于点电荷和元电荷的说法中，正确的是( )A．只有很小的球形带电体才叫做点电荷B．带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷C．元电荷就是电子D．任何带电体的电量都是元电荷的整数倍【考点】元电荷、点电荷．【分析】点电荷是一种理想化的物理模型；元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都是e的整数倍【解答】解：A、带电体间的距离比它们本身的大小大得多，以至带电体的形状和大小对它们之间的作用力影响可以忽略不计时，带电体就可以视为点电荷，故A错误B正确；C、元电荷是物体带电量的最小值，不是某种电荷，故C错误；D、目前认为自然界中任何带电体所带的电荷量都是元电荷的整数倍，故D正确；故选：BD【点评】点电荷是电荷，有电荷量与电性，而元电荷不是电荷，有电荷量但没有电性12．有A、B两个电阻，它们的伏安特性曲线如图所示，从图线可以判断( ) A．电阻A的阻值大于电阻BB．电阻A的阻值小于电阻BC．电压相同时，流过电阻A的电流强度较大D．两电阻串联时，电阻A消耗的功率较小【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，通过斜率比较电阻的大小．并联时，两电阻电压相等，根据欧姆定律比较电流的大小．串联时，电路相等，根据P=I2R 比较消耗的功率大小．【解答】解：A、I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数，由图象可知，A图线的斜率大，则A的电阻小，故A错误，B正确．C、由图象可知，电压U相等时，通过A的电流大于通过B的电流，故C正确．D、两电阻串联，通过它们的电流相等，根据P=I2R得，A的电阻小，则电阻A 消耗的功率较小，故D正确．故选：BCD．【点评】解决本题的关键知道串并联电路的特点，以及知道I﹣U图线的斜率表示的物理意义．13．图中R1=4Ω，R2=9Ω，R3=18Ω．通电后( )A．经R1和R3的电流之比I1：I3=3：1B．R1两端的电压和R3两端的电压之比U1：U3=4：9C．三个电阻消耗的电功率之比P1：P2：P3=2：1：2D．三个电阻消耗的电功率之比P1：P2：P3=2：2：1【考点】电功、电功率；串联电路和并联电路．【专题】恒定电流专题．【分析】串联电路电流相同，电压与电阻成正比．并联电路电压相同，电流与电阻成反比．用功率表达式求功率即可．【解答】解：A、设通过R3的电流I3=I ，由并联电路的特点可知，，可得通过电阻R2，的电流I2=2I所以通过电阻R1的电流I1=I2+I3=3I，故A正确；B、由U=IR 可知，==，故B错误；C、D、由P=I2R，可知，P1：P2：P3=（9I2×4）：（4I2×9）：（I2×18）=2：2：1，故D正确故选：AD【点评】本题考查串并联电路中电流和电压的关系，难度不大．14．一带电油滴在匀强电场E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下．若不计空气阻力，则此带电油滴从a运动到b的过程中，能量变化情况为( )A．动能减小B．电势能减少C．动能和电势能之和减少D．重力势能和电势能之和增加【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】根据图中轨迹的弯曲方向，可以判断出重力和电场力的大小关系，然后根据功能关系进行求解即可．【解答】解：A、带电油滴在电场中受到重力和电场力两个作用，由于轨迹向上弯曲，所以重力小于电场力，故从a到b的运动过程中合外力做正功，根据动能定理得知，其动能增加，故A错误；B、从a到b的运动过程电场力做正功，电势能减少，故B正确；C、从a到b的运动过程中，重力势能、电势能和动能的总和保持不变，重力做负功，重力势能增加，因此动能和电势能之和减少，故C正确；D、根据功能关系可知，在从a到b的运动过程中只有重力、电场力做功，因此重力势能、电势能、动能三者之和保持不变，因该过程中动能增加，因此重力势能和电势能之和减小，故D错误．故选：BC【点评】本题在电场和重力场的复合场中重点考察带电小球的功能关系转化．在学习过程中要明确各种功能关系是解这类问题的关键．三、填空题（每空2分，共18分）15．某同学欲描绘额定电压为3.0V的小灯泡的I﹣U特性曲线图．（1）设计一个电路，要求误差较小．则以下四个电路图中，最合适的是A （2）对于所选的实验电路图，在开关S闭合之前，滑动变阻器的滑片应该置于A端（选填“A”、“B”或“AB中间”）（3）若小灯泡的额定功率和额定电压分别为2W和3V，则常温下多用电表测得其电阻值＜4.5Ω（选填“＞”、“=”或“＜”）【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】（1）描绘伏安特性曲线要求多测几组数据，故应采用滑动变阻器分压接法；同时电流表采用外接法；（2）开始时灯泡所在支路应使电流为零，故应将滑片滑到最小值处；（3）图象的斜率表示电阻的倒数，由图象可知，电阻随电压的变化而变化情况．【解答】解：（1）本实验中为了多测数据，滑动变阻器采用了分压接法；同时，因为灯泡内阻较小，故电流表应采用外接法，从而减小误差；故选A．（2）为了实验的安全，在实验前应保证灯泡所在支路电压为零；即与之并联部分的电压为零，滑片应滑到A侧；（3）因电阻随温度的增大而增大，而温度随电压的增大而增大，故灯泡的电阻随温度的升高而增大；小灯泡的额定功率和额定电压分别为2W和3V，则常温下多用电表测得其电阻值小于：Ω故答案为：（1）A；（2）A；（3）＜【点评】因测小灯泡的伏安特性曲线实验的特殊性，本实验一般性况下均应采用滑动变阻器的分压及电流表的外接法．16．某同学采用如图甲所示的电路测定电源电动势和内电阻，已知干电池的电动势约为1.5V，内阻约2Ω，电压表（0～3V约3kΩ），电流表（0～0.6A约1.0Ω），滑动变阻器有R1（10Ω2A）和R2（100Ω0.1A）各一只．（1）实验中滑动变阻器应选用R1（选填“R1”或“R2”）．（2）在图乙中用笔画线代替导线连接实验电路．（3）在实验中测得多组电压和电流值，得到如图丙所示的U﹣I图象，由图可较准确地求出电源电动势E=1.48V；内阻r=1.88Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】（1）估算出电路中最大电流：当变阻器的电阻为零时，由闭合电路欧姆定律可求电路中最大电流，根据额定电流与最大电流的关系，分析并选择变阻器．（2）对照电路图，按顺序连接电路．（3）由闭合电路欧姆定律分析U﹣I图象的纵轴截距和斜率的意义，可求出电动势和内阻．。
2024-2025学年人教版高二物理上册期中同步检测试卷及答案
2024-2025学年人教版高二物理上册期中同步检测试卷班级：________________ 学号：________________ 姓名：______________一、单选题（每题3分）1.下列关于电场的说法正确的是A. 电场是为了便于研究物体的运动而引入的理想模型B. 电场是电荷周围空间实际存在的物质C. 电荷周围分布的电场线就是电场D. 电荷间的相互作用是通过电场产生的，电场对放入其中的电荷有力的作用答案：B、D解析：A. 电场是实际存在的物质，不是理想化模型，故A错误；B. 电场是电荷周围空间实际存在的物质，故B正确；C. 电场线是为了形象地描述电场而引入的假想曲线，实际不存在，故C错误；D. 电荷间的相互作用是通过电场产生的，电场对放入其中的电荷有力的作用，故D正确。
2.下列关于电势和电势能的说法中正确的是A. 在电场中电势越高的地方，电荷在那一点具有的电势能就越大B. 在电场中电势越高的地方，放在那一点的电荷的电荷量越大，它所具有的电势C. 在电场中的任何一点上，正电荷所具有的电势能一定大于负电荷具有的电势能D. 在负的点电荷所产生的电场中的任何一点上，正电荷所具有的电势能一定小于负电荷所具有的电势能答案：D解析：A. 正电荷在电势越高的地方电势能越大，负电荷在电势越高的地方电势能越小，故A错误；B. 在电场中电势越高的地方，正电荷在那一点具有的电势能就越大，负电荷在那一点具有的电势能就越小，故B错误；C. 电势能Eₚ = qφ，电势能与电荷的电性、电势的正负、电荷量的大小有关，故C错误；D. 规定无穷远处电势为零，在负点电荷电场中任意一点的电势为负值，则正电荷具有的电势能一定小于负电荷具有的电势能，故D正确。
3.下列说法正确的是A. 电流有方向，它是一个矢量B. 电动势的方向是电源内部电势升高的方向C. 电源内部，依靠非电场力搬运电荷D. 在电源内部，依靠电场力搬运电荷答案：C解析：A. 电流虽然有方向，但电流的计算不使用平行四边形定则，使用电流是标量，故B. 电动势的方向是电源内部电势降低的方向，即内部非静电力做功的方向，故B 错误；CD.在电源内部，依靠非电场力搬运电荷，即把其它形式的能转化为电能，故C正确，D错误。
高二物理期中考试试卷及答案
高二物理期中考试试卷及答案高二物理第一学期期中考试试卷（二）一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分。
每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错的或不答的得分。
）1.有关静电场的理解，下列说法正确的是（）A、匀强电场中，各点的场强大小相等，方向相同，电势也相等。
B、电势为零的点，电场强度也一定为零。
C、电场中沿着电场线方向移动电荷，电场力做功，若移动正电荷，电势能减少；若移动负电荷，电势能增加。
D、放入电场中某点的电荷不同，电势能也不同，但电势能与电荷量的比值保持不变。
2.下列说法正确的是（）A、根据I=U/R可知，导体中的电流与导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比B、根据R=U/I可知，导体中的电阻与导体两端的电压成正比，跟导体的电流成反比C、正电荷定向移动的方向是电流的方向，因电流有方向，所以电流是矢量D、电流表和电压表都是有表头改装而成，若改装成电压表需串上一大电阻，若改装成电流表需并上一小电阻3.电阻R1、R2的I-U图象如图所示，则下列说法正确的是（）A、R1：R2=3：1B、将R1与R2串联后接于电源上，则电压比U1：U2=1：3C、将R1与R2并联后接于电源上，则电流比I1：I2=1：3D、将R1与R2并联后接于电源上，则功率比P1：P2=1：34．如右图所示为静电场的一部分电场线的分布，下列说法正确的是（）A．C点处的场强为零，因为那没有电场线B．这个电场可能是负点电荷形成的C．负电荷q在A点所受到的电场力比在B点所受电场力大D．负电荷在B点时受到的电场力的方向沿B点切线方向5．把质量为m的正点电荷q在电场中从静止释放，在它运动的过程中，如果不计重力，下面说法正确的是（）A．点电荷的运动轨迹必定和电场线重合B．点电荷的速度方向，必定和所在点的电场线的切线方向一致C．点电荷的加速度方向，必定和所在点的电场线的切线方向垂直D．点电荷的受力方向，必定和所在点的电场线的切线方向一致6．在图(a)所示电路中，V1、V2都是有~3 V和~15 V两个量程的电压表．当闭合开关后，两个电压表指针偏转均如图(b)所示，则电阻R1、R2两端的电压分别为()A．9.6 V,2.4 V7.在图中，O为两电荷连线的中点，B、C是连线上相对O对称的两点，E、F是连线中垂线上也相对O对称的两点。
高二年级物理第一学期期中试卷(附答案)
高二年级物理第一学期期中试卷考生须知：1. 本试卷分试题卷和答题卷，满分100分，考试时间90分钟。
2. 本卷有5分附加题，计入总分，但总分不超过100分。
3. 答题前，在答题卷密封区内填写班级、姓名和学号。
4. 所有答案必须写在答题卷上，写在试题卷上无效。
5. 考试结束时只需上交答题卷。
6. 本卷用到的数据：g=10m/s 2，静电力常量K=9.0×109N ·m 2/c 2一、单选题（本题共12小题，每小题3分，共36分。
每题只有一个正确答案） 1．分别判断图中的两图象属于何种图象A ．甲是振动图象，乙是波动图像B ．甲是波动图像，乙是振动图象C ．都是波动图象D ．都是振动图象 2．下列几种说法中，其中正确的有A ．电场中电荷的受力方向都跟该点的场强方向一致B ．沿电场线方向，场强一定越来越小C ．沿电场线方向，电势一定越来越低D ．在电场力作用下，正电荷一定从电势高的地方向电势低的地方移动3．如图所示，两组同心圆分别表示从两个完全相同的波源S 1、S 2发出的两列水波，实线圆弧表示波峰，虚线圆弧表示波谷．则图中A 。
a 、b 均为振动减弱的点B ．a 、b 均为振动加强的点C ．a 为振动加强的点，b 为振动减弱的点D ．a 为振动减弱的点，b 为振动加强的点 4．如图所示是在显微镜下观察水中悬浮的花粉时，对其中三个颗粒每隔30ｓ记录观察到的位置， 再用直线把它们依次连接起来而成．由图可判断 Ａ．水分子的运动轨迹 Ｂ．花粉颗粒的运动轨迹 Ｃ．水分子作无规则运动 Ｄ．花粉颗粒有时不运动5．如图所示是以电容作传感器的话筒的示意图，话筒的振动膜前面镀有薄薄的金属层，膜后距膜几十微米处有一金属板．振动膜上的金属层和这个金属板构成电容器的两极．人对着话筒说话时，振动膜前后振动，使电容发生变化．导致电容变化的主要原因是电容器两板间的A ．距离变化B ．正对面积变化C ．介质变化D ．电压变化振动膜 金属层第6题图甲 乙第1题图6．设两个分子间除相互作用的分子力外不受别的力作用，在分子力对分子做正功的过程中（ ） A ．分子间的距离一定增大 B ．分子间的距离一定减小 C ．分子的动能可能减小 D ．分子的势能一定减小7．要使平等板电容器两极板间的电势差不变，同时两极板间的场强减半，下列四种方法中应采 取哪种办法？A ．两极板的电荷量加倍，板间距离为原来的4倍B ．两极板的电荷量减半，板间距离为原来的4倍C ．两极板的电荷量加倍，板间距离为原来的2倍D ．两极板的电荷量减半，板间距离为原来的2倍8．如图所示，实线为某一时刻ｔ的波形曲线，虚线为又经过很短时间△t 后的波形曲线，该波向 X 轴的正方向传播。
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高二物理3-1阶段性检测一、此题共10小题〔每题4分，共52分．在每题给出的四个选项中，有的小题只有一个选项正确，有的小题有多个选项正确．全部选对的得 3分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分．〕某静电场的电场线分布如下图，图中P、Q两点的电场强度的大小分别为EP和EQ，电势分别为UP和UQ，那么( )A．EP＞EQ，UP＞UQB．EP＞EQ，UP＜UQC．EP＜EQ，UP＞UQD．EP＜EQ，UP＜UQ2..如下图，一带负电粒子以某速度进入水平向右的匀强电场中，在电场力作用下形成图中所示的运动轨迹。
M和N是轨迹上的两点，其中M点在轨迹的最右点。
不计重力，以下表述正确的选项是〔〕A．粒子在M点的速率最大B．粒子所受电场力沿电场方向C．粒子在电场中的加速度不变D．粒子在电场中的电势能始终在增加图中虚线为匀强电场中与场强方向垂直的等间距平行直线。
两粒子M、N质量相等，所带电荷的绝对值也相等。
现将M、N从虚线上的O点以相同速率射出，两粒子在电场中运动的轨迹分别如图中两条实线所示。
点a、b、c为实线与虚线的交点，O点电势高于c点。
假设不计重力，那么〔〕A.M带负电荷，N带正电荷B.N在a点的速度与M在c点的速度大小相同C.N在从O点运动至a点的过程中克服电场力做功D.M在从O点运动至b点的过程中，电场力对它做的功等于零14.如下图，在y 轴上关于O 点对称的A 、B 两点有等量同种点电荷+Q ，在x 轴上C 点有点电荷-Q ，且CO=OD ，∠ADO=60。
以下判断正确的选项是〔〕点电场强度为零 点电场强度为零C.假设将点电荷+q 从O 移向C ，电势能增大D.假设将点电荷-q 从O 移向C ，电势能增大5、如图3所示是某导体的伏安特性曲线，由图可知 〔 〕A.导体的电阻是25ΩB.导体的电阻是ΩC.当导体两端的电压是10V 时，通过导体的电流是D.当通过导体的电流是 时，导体两端的电压是．如图为两个不同闭合电路中两个不同电源的U-I 图像，以下 判断正确的选项是〔〕A ．电动势E 1 ＝E 2，发生短路时的电流I 1＞I 2B ．电动势E =E ，内阻r ＞r 2121C ．电动势E ＞E ，内阻r ＜r21 2 1 D ．当两电源的工作电流变化量相同时，电源 2的路端电压变化大 7．在如下左图的电路中，当滑动变阻器的滑动头向下滑动时， A 、B 两灯亮度的变化情 况为〔 〕 A 灯和B 灯都变亮 B ．A 灯、B 灯都变暗 C 灯变亮，灯变暗D 灯变暗，B 灯变亮 8．如图10—2—1所示，电源电动势为E ，内阻为r ，合上开关S 后各电灯恰能正常发光．如果某一时刻电灯L 1的灯丝烧断，那么 ( ) L 3变亮，L 2、L 4变暗B ．L 2、L 3变亮，L 4变暗C ．L 4变亮，L 2、L 3 变暗D ．L 3、L 4变亮，L 2 变暗9．电动势为E 、内阻为r 的电池与固定电阻R 可变电阻R 串联，R 0=r ，R aba 端向b 端滑动时，下如图10—2—5所示，设r ．当变阻器的滑动片自=22列各物理量中随之减小的是 .( ) A ．电池的输出功率 B ．变阻器消耗的功率 C ．固定电阻R 0上消耗的功率 D ．电池内电阻上消耗的功率 10．把“220V 、100W 〞的A 灯与“220V 、200W 〞的B 灯串联后接入220V 的电路中，那么() R A ：R B ．两灯所分电压之比为 U A :U B A ．两灯电阻之比为 B =2:1=1:2 C ．两灯消耗的实际功率之比为 P A :P BD ．串联后允许接入的最大电压为330V =2:1图中的甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计G 和一个变阻器R 组成，它们之中 一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的选项是 〔 〕A ．甲表是电流表，R 增大时量程增大B ．甲表是电流表，R 增大时量程减小C ．乙表是电压表，R 增大时量程减小D ．上述说法都不对位移传感器的工作原理如图6所示，物体M 在导轨上平移时，带动滑动变阻器的金属杆P ，通过电压表显示的数据，来反映物体位移的大小x ，假设电压表是理想的，那么以下说法中正确的选项是 ()A.物体M 运动时，电源内的电流会发生变化。
高二物理第一学期期中试题(附答案)
高二物理第一学期期中试题一、选择题（每题至少有一个正确选项）1、如图所示，在一端封闭的U 形管中，三段水银柱将三段空气柱A 、B 、C 封在管中，当竖直放置时，A 和B 两气柱的下表面在同一水平面上，另两段水银柱长度分别是h 1和h 2，以ρ表示水银的密度，P 0表示外界大气压，则下列气体压强的表达式中正确的有（ ） A 、P C =P 0 B 、P A =P BC 、P A =P C +ρgh 2D 、P B =P 0+ρgh 12、下列关于电场强度的叙述正确的是（ ）A 、电场中某点的场强在数值上等于单位电荷受到的电场力B 、电场中某点的场强与该点检验电荷所受的电场力成正比C 、电场中某点的场强方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向D 、电场中某点的场强与该点有无检验电荷无关3、一定质量的理想气体处于某一平衡态，此时其压强为P 0，欲使气体状态发生变化后压强仍为P 0，通过下列过程能够实现的是（ ）A 、先保持体积不变，使气体升温，再保持温度不变，使气体压缩B 、先保持体积不变，使压强降低，再保持温度不变，使气体膨胀C 、先保持温度不变，使气体膨胀，再保持体积不变，使气体升温D 、先保持温度不变，使气体压缩，再保持体积不变，使气体降温4、关于静电场的下列说法中正确的是（ ） A 、电场中电势较高处的电场强度也一定较大B 、同一电场中等势面较密处的电场强度也一定较大C 、电场中的电场线一定与等势面垂直相交D 、在电场中将一电子由静止释放后一定沿电场线运动5、一定质量的理想气体，从图示A 状态开始，经历了B 、C ，最后到D 状态，下列说法中正确的是（ ）A 、A→B 温度升高，体积不变；B 、B→C 压强不变，体积变大；C 、C→D 压强变小，体积变大； D 、B 点的温度最高，C 点的体积最大。
6、如图所示，玻璃管内外水银面的高度差h ＝70cm ，大气压是一个标准大气压，现在我们将玻璃管向上提起一段，在上提的过程中管口不离开水银面，那么管内外水银面的高度差将（ ）A 、增加B 、减少C 、不变D 、无法确定 7、如图表示两个大小不同的电阻的电流—电压图线，那么（ ） A 、电阻大的应是图线a ，两电阻串联后的电流—电压图线在区域Ⅰ B 、电阻大的应是图线b ，两电阻串联后的电流—电压图线在区域ⅢP(大气压)T(K) A BC D0 hC、电阻小的应是图线a，两电阻并联后的电流—电压图线在区域ⅠD、电阻小的应是图线b，两电阻并联后的电流—电压图线在区域Ⅲ8、如图所示，竖直倒置的两端封闭且等长的U形管，弯曲段有汞柱将左管和右管的空气柱M和N隔开，当M和N的温度相同时，左管内空气柱M较长。
【高二】高二物理上册期中调研考试试题(有答案)
【高二】高二物理上册期中调研考试试题（有答案）m蚌埠市第二中学2022-2022学年第一学期期中考试高二物理试题（试卷分数：100分，考试时间：90分钟）一.：(本题共12小题，每小题3分，共36分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，请在答题卡上用2b铅笔填涂答案。
)1.电场的电场线如图所示，则静电场力与放置在电场中的同一点电荷的电场力之间的关系为a．b。
c．d、由于正负电荷未知，因此无法判断和的大小2．一个点电荷，从静电场中的a点移到b点，其电势能的变化为零，则a、 a和B的场强必须相等吗？b．该点电荷一定沿等势面移动?c、作用在这一点上的电场力总是垂直于它的运动方向d．a、b两点的电势一定相等?3.关于均匀电场中电位差和场强之间关系的正确表述如下：a．不同电场中，在相同距离的两点上，电势差大的其场强也必定大b、在同一电场中，沿电场线方向任何相同距离的电位差必须相等c．同一电场中，电势减小的方向，必定是场强的方向d、在同一电场中，任意两点之间的电位差等于场强与两点之间距离的乘积4．在电场中，a、b两点的电势差uab>0，那么将一负电荷从a移到b的过程中a、当电场力做正功时，电势增加b．电场力做负功，电势能增加c、当电场力做正功时，电势降低d．电场力做负功，电势能减少5.三个电阻器的电阻值之比为R1∶ R2∶ R3=1∶ 2.∶ 5.当电路并联时，通过三个支路的电流之比为a．1∶2∶5b．5∶2∶1c．10∶5∶2d．2∶5∶106.在图中所示的电路中，u=120V，滑动变阻器R2的最大值为200Ω，r1=100Ω。
当滑块P滑动到R2的中点时a．40vb．60vc．80vd．120v7.如图所示，+Q的两点电荷固定在真空中的a点和B点，O是AB线的中点。
现在，沿着图中m点到n点再到O点的直线移动+Q的试装药。
下面的陈述是正确的a．从m到n，场强一直增大b、从m到N，电势先减小后增大c．试探电荷在m点和n点受到的电场力有可能相同d、从m到N，测试电荷的势能先增大后减小8．两块平行金属板带等量异号电荷，要使两板间的电压加倍，而板间的电场强度减半，可采用的办法有a、两块板的功率增加了一倍，距离是原来的四倍b．两板的电量加倍，而距离变为原来的2倍c、两块板的功率减半，距离是原来的四倍d．两板的电量减半，而距离变为原来的2倍9.电路如图所示。
高二物理上学期期中考试试题及答案(电场与恒定电流)
文档供参考，可复制、编制，期待您的好评与关注！2010—2011年高二上期期中考试物理试题（总分：150分 考试时间：120分钟）第Ⅰ卷（共60分）一．选择题（每小题至少一个正确答案，每题5分，共60分） 1．关于点电荷的下列说法中正确的是（ ）1. 只有体积很小的带电体，才能作为点电荷2. 点电荷是元电荷C ．点电荷一定是电量很小的电荷D ．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理2．关于电流和电阻，下列说法中正确的是（ ）A ．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大．B ．金属导电时，其中的自由电子除作无规则的热运动外，还作定向运动，电流的大小是由定向运动的速度决定的．C ．由R ＝U ／I 可知：在U 一定时，电阻与电流成反比；在I 一定时，电阻与电压成正比．D ．电阻是导体自身的特性，电阻的大小由导体自身特性决定，并和温度有关，与导体两端是否有电压没有直接关系．3．在真空中，电量为q 1的点电荷产生的电场中有一点P ，P 点与q 1的距离为r ，把一个电量为q 2的检验电荷放在P 点，它受到的电场力为F ，则该点电场强度的大小等于（ ）A ．1q FB ．2q FC ．21r kqD ．22r kq4．关于场强和电势的说法中，正确的是（ ）A ．在电场中a ．b 两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过的路径上各点的场强一定为零B ．电场强度的方向就是电势降落最快的方向C ．两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越底，场强越来越小D ．两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上各点：电势均相等，中点场强最大，沿连线的中垂线向外，场强越来越小5．如图所示，a ．b ．c ．d 为匀强电场中的四个等势面，一个电子射入电场后的运动轨迹如实线MN 所示，由此可知（ ）A ．电子在N 的动能大于在M 的动能B ．电子在N 的电势能小于在M 的电势能C ．电场强度方向向左D ．电场中，a 点电势低于b 点电势6．如图，当K 闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A ．保持K 闭合，使P 滑动片向左滑动，微粒仍静止B ．保持K 闭合，使P 滑动片向右滑动，微粒向下移动C ．打开K 后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D ．打开K 后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止a b c d MN7．两只电压表V 1和V 2是由完全相同的电流表改装而成的，V 2的量程为5V ，V 1的量程为15V ，为了测量15—20V 的电压，把V 1 、V 2串联起来使用，在这种情况下 （ ）A ．V 1和V 2读数相等B ．V 1和V 2两表指针偏转角相等C ．V 1和V 2的读数之比等于电压表的内阻之比D ．V 1和V 2的指针偏转角度之比等于两个电压表的内阻之比8．如图所示电路中，S 闭合后，三个灯实际消耗的电功率相同．则三个灯的电阻R 1．R 2．R 3的关系是（ ）A ．R 1 < R 2 < R 3B ．R 2 < R 3 < R 1C ．R 3 < R 2 < R 1D ．R 3 < R 1 < R 2（第8题图） （第9题图） （第10题图） 9．一个T 型电路如图所示，电路中的电110R =Ω, 23120,40R R =Ω=Ω。
高二物理上学期期中试卷(含解析)高二全册物理试题11
嘴哆市安排阳光实验学校甘肃省天水市秦安二中2014-2 015学年高二上学期期中物理试卷一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，9-12小题有两个以上选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷），带电荷量分别为﹣3×10﹣9C和9×10﹣9C，它们之间静电力大小为F，现让两小球接触后又放回原处，它们之间静电力大小变为（）A． F B．C．3F D．2．（4分）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q 随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．C．R D．3．（4分）下列关于电势和电势能等的说法中，正确的是（）A．电势降落的方向，一定是电场强度的方向B．电场力做正功，电荷的电势能一定减小C．电势越高处，电荷电势能一定越大D．电势能与电荷量大小有关，与电荷种类无关4．（4分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．P B．C．D．P ﹣5．（4分）下列说法中错误的是（）A．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．制作汽油桶的材料用金属比塑料好C．电工穿绝缘衣比金属衣安全D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全6．（4分）如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2，则带电粒子能从A、B板间飞出应该满足的条件是（不计粒子重力）（）A．＜B．＜C．＜D．＜7．（4分）如图所示电路中，S1闭合，S2断开，L1、L2是两个完全相同的灯泡，若将S2闭合后，L1的亮度将（）A．不变B．变亮C．变暗D．如何变化，不能确定8．（4分）如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P加速向上移动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开电键S 9．（4分）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子在A点的初速度为零10．（4分）两个完全相同的灵敏电流计改装成两个不同量程的电压表V1、V2，如将两表串联起来后去测某一线路的电压，则两只表（）A．读数相同 B．指针偏转的角度相同C．量程大的电压表读数大D．量程大的电压表读数小11．（4分）如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源的电动势，r 为电源内阻，且R1＞r，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得最大功率D．当R2=0时，电源的输出功率最大12．（4分）如图所示的两个电路中，电源相同，各电阻阻值相等，电源和电流表内阻不可忽略，四个相同的电流表、、、的读数分别为I1、I2、I3、I4，下列关系式正确的是（）A．I1=I3B．I1＜I4C．I2=2 I1D．I2＜I3+I4二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共14分）. 13．（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现要描绘其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）C．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）D．直流电压表0～15V（内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器10Ω，2A回答下列问题：（1）实验中电流表应选用（用序号表示）；（2）如图是本实验的实物连线图，其中还有两条导线没有接好，请用稍粗些的虚线代替导线，补全这个实物连线图．14．（8分）在把电流表改装为电压表的实验中，实验所用的电流表满刻度电流为200μA，欲将此表改装成量程为2V的电压表．（1）为测出电流表的内阻，采用如图1所示的电路原理图．请将以下各实验步骤填写完整．①依照电路原理图将实物连接成实验线路，R阻值应尽可能些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键，调节的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合，调节的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出的读数，即为电流表的内阻．（2）实验完毕时，两个电阻箱读数如图2所示，则电流表内阻r g=Ω．这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）15．（12分）如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后，通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属板之间穿出，已知A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行金属板的长度为L，求：（1）电子通过B点时的速度大小V；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间穿出时的侧移距离y．16．（12分）在图所示电路中，电源电动势E=6V，内阻r=1Ω．D为直流电动机，其电枢线圈电阻R=2Ω，限流电阻R′=3Ω．当电动机正常工作时，电压表示数为0.3V．求：（1）通过电动机的电流是多大？（2）电动机输入的电功率、转变为热量的功率和输出机械功率各是多少？17．（14分）有一种测量压力的电子秤，其原理如图所示．E是内阻不计、电动势为6V的电源．R0是一个阻值为400Ω的限流电阻．G是由理想电流表改装成的指针式测力显示器．R是压敏电阻，其阻值可随压力大小变化而改变，其关系如下表所示．C是一个用来保护显示器的电容器．秤台的重力忽略不计．压力F/N 0 50 100 150 200 250 300 …电阻R/Ω300 280 260 240 220 200 180 …（1）在坐标系中画出电阻R随压力F变化的图线，并归纳出电值R随压力F 变化的函数关系式（2）写出压力与电流的关系式，说明该测力显示器的刻度是否均匀（3）若电容器的耐压值为5V，该电子秤的量程是多少牛顿？甘肃省天水市秦安二中高二上学期期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共12小题，每小题4分，共48分．1-8小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，9-12小题有两个以上选项正确．全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分）1．（4分）两个完全相同的金属小球（均可视为点电荷），带电荷量分别为﹣3×10﹣9C和9×10﹣9C，它们之间静电力大小为F，现让两小球接触后又放回原处，它们之间静电力大小变为（）A． F B．C．3F D．考点：库仑定律．分析：两个完全相同的小球带的是异种电荷，那么当它们接触后，它们带的电荷将先中和，之后再将剩余的电荷量平分．找到小球带的电量的关系之后，根据库仑力的公式就可以求得作用力的大小．解答：解：设两个球之间的距离为r，根据库仑定律可得，在它们相接触之前，相互间的库仑力大小F为，F=k=27×10﹣18，当将它们相接触之后，它们的电荷量先中和，再平分，此时每个球的电荷量均为q=，所以，此时两个球之间的相互的排斥力为F′，则F′=k =F，故D正确，ABC错误．故选：D．点评：解决本题的关键就是掌握住电荷平分的原则，当完全相同的金属小球互相接触时，它们的电荷量将会平分．2．（4分）一个阻值为R的电阻两端加上电压U后，通过电阻横截面的电量q 随时间t变化的图象如图所示，此图象的斜率可表示为（）A．U B．C．R D．考点：电流、电压概念．专题：恒定电流专题．分析：给出的图象是q﹣t图象，其斜率为I=，所以斜率代表的是电流，再由欧姆定律可得出正确答案．解答：解：根据电流强度的定义公式I=；可知q﹣t图象的斜率代表的就是电流；根据欧姆定律，有：I=，故斜率也代表电流．故选：B．点评：本题应能找出图象中所提供的信息是本题的关键，也是识图题的共同特点，注重公式的灵活运用．3．（4分）下列关于电势和电势能等的说法中，正确的是（）A．电势降落的方向，一定是电场强度的方向B．电场力做正功，电荷的电势能一定减小C．电势越高处，电荷电势能一定越大D．电势能与电荷量大小有关，与电荷种类无关考点：电势．分析：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能就大．电场中电势高的地方，放在该点的电荷的电荷量越大，它具有的电势能不一定越大．电势为零的点，任一试探电荷在该点的电势能一定为零．电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．解答：解：A、沿电场线的方向电势降低，电场线的方向是电势降落最快的方向，不能说电势降低的方向就是电场线的方向．故A错误；B、电场力做正功，电荷的电势能减小，电场力做负功，电荷的电势能增大．故B正确；C、根据推论可知：电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故C错误；D、电场中电势高的地方，正电荷在该点具有的电势能大，电场中电势高的地方，负电荷在该点具有的电势能小．故D错误．故选：B．点评：本题考查电势、电势能的关系，可根据电势的定义式φ=分析它们之间的关系．要注意电荷的正负．4．（4分）加在某台电动机上的电压是U（V），电动机消耗的电功率为P（W），电动机线圈的电阻为R（Ω），则电动机线圈上消耗的热功率为（）A．P B．C．D．P ﹣考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：电动机消耗的电功率为P=UI，发热功率P热=I2r．解答：解：电动机消耗的电功率为P，加在电动机上的电压是U，故电流为：I=；发热功率：P热=I2R=；故选：C．点评：对于电动机电路区分是纯电阻电路还是非纯电阻电路，可从从能量转化的角度理解：电能全部转化内能时，是纯电阻电路；电能转化为内能和其他能时，是非纯电阻电路．5．（4分）下列说法中错误的是（）A．避雷针是利用尖端放电避免雷击的一种设施B．制作汽油桶的材料用金属比塑料好C．电工穿绝缘衣比金属衣安全D．打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要安全考点：* 静电的利用和防止．分析：避雷针利用尖端放电来中和电荷；其它选项均利用静电屏蔽作用，从而即可求解．解答：解：A、避雷针是利用中和电荷，尖端放电，来避免雷击的一种设施，故A正确；B、因为塑料和油摩擦容易起电，静电积累多了容易有火花，会爆炸，危险!而且会造成巨大的损失，而金属能及时把产生的静电导走，故B正确；C、电工穿金属衣比绝缘衣安全，直到静电屏蔽，故C错误；D、呆在汽车里比呆在木屋里要安全，汽车起到静电屏蔽作用，故D正确，本题选择错误的，故选：C．点评：考查避雷针的工作原理，理解尖端放电，掌握静电屏蔽作用及在实际生活中的应用．6．（4分）如图所示，一个带电粒子从粒子源飘入（初速度很小，可忽略不计）电压为U1的加速电场，经加速后从小孔S沿平行金属板A、B的中心线射入，A、B板长为L，相距为d，电压为U2，则带电粒子能从A、B板间飞出应该满足的条件是（不计粒子重力）（）A．＜B．＜C．＜D．＜考点：带电粒子在匀强电场中的运动．分析：带电粒子无初速度在加速电场中被加速，又以一定速度垂直进入偏转电场，由于速度与电场力垂直，所以粒子先做匀加速直线运动，后做类平抛运动．这样类平抛运动可将看成沿初速度方向的匀速直线与垂直于初速度方向匀加速直线运动．可利用加速电场的电压U求出进入偏转电场的初速度，然后运用偏转电场的长度L求出运动时间，由于分运动间具有等时性，所以由运动学公式求出垂直于初速度方向的位移．值得注意的是，求出的位移不是等于偏转电场的宽度，而是小于或等于宽度的一半．解答：解：带电粒子在电场中被加速，则有 qu1=﹣0 （1）带电粒子在偏转电场中做类平抛运动，可看成匀速直线运动与匀加速直线运动的两分运动．匀速直线运动：由运动学公式得 L=vt （2）匀加速直线运动：设位移为x，则有x==t2（3）要使带电粒子能飞出电场，则有x ＜（4）由（1）﹣（4）可得：＜故选：C．点评：考查带电粒子在电场中加速与偏转，从而先做匀加速直线运动，后做匀加速曲线运动．运用了运动学公式与动能定理，同时体现出处理类平抛运动的方法．还值得注意是：粒子的偏转位移应小于偏转电场宽度的一半．7．（4分）如图所示电路中，S1闭合，S2断开，L1、L2是两个完全相同的灯泡，若将S2闭合后，L1的亮度将（）A．不变B．变亮C．变暗D．如何变化，不能确定考点：闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：将S2闭合后，分析外电路总电阻的变化，判断总电流的变化，由闭合电路欧姆定律分析路端电压的变化，即可判断L1亮度的变化．解答：解：将S2闭合后，两灯并联，外电路总电阻减小，总电流增大，电源的内电压增大，由闭合电路欧姆定律分析可知路端电压减小，灯L1的电压减小，实际功率减小，所以L1的亮度变暗．故C正确．故选：C点评：本题是简单的电路动态变化分析问题，关键掌握并联电路的总电阻小于任何一个支路的电阻，由闭合电路欧姆定律进行分析．8．（4分）如图所示的电路中，电键S原来是闭合的，当R1、R2的滑片刚好处于各自的中点位置时，悬在平行板电容器C两水平极板间的带电尘埃P恰好处于静止状态，能使尘埃P加速向上移动的方法是（）A．把R1的滑片向上移动B．把R2的滑片向上移动C．把R2的滑片向下移动D．断开电键S考点：电容；闭合电路的欧姆定律．专题：电容器专题．分析：要使尘埃P上移，应使其受到的合力向上，则应增大电容器两端的电压；通过闭合电路欧姆定律分析如何调节滑动变阻器．解答：解：P开始时受重力、电场力而保持静止，电场力竖直向上，而要使P向上运动，必须增大电场力，需要增大板间场强，则电容器两端的电压应增大；A、R1此时相当于导线，故调节R1不会改变电容器两端的电压．故A错误；B、由电路图可知，电容器与R2的上端并联，把R2的滑片向上移动时电容器板间电压减小，场强减小，则尘埃P所受的电场力减小，所以P应向下移动．故B错误．C、把R2的滑片向下移动，使C两端的电压增大，可知尘埃P向下加速运动；故C正确．D、断开电键S时，电源断开，电容器充电，板间场强逐渐减小，尘埃向下加速运动，故D错误；故选：C．点评：本题关键确定电容器板间电压，要注意电容器两端的电压等于与之并联电阻两端的电压；而与电容器串联的电阻只能作为导线处理．9．（4分）一带电粒子从电场中的A点运动到B点，轨迹如图中虚线所示．不计粒子所受重力，则（）A．粒子带正电B．粒子加速度逐渐减小C．A点的速度大于B点的速度D．粒子在A点的初速度为零考点：电场线．分析：电场线的疏密表示电场强度的强弱，电场线某点的切线方向表示电场强度的方向．不计重力的粒子在电场力作用下从A到B，由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧．沿着电场线的方向电势降低的．因此可作出A、B点的等势点（要同在一根电场线），接着沿着电场线去判定．解答：解：A、由运动与力关系可知，电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故在A点电场力沿电场线向左，电场的方向向右，电场力的方向与电场方向相反，故粒子带负电，故A错误；B、根据电场线的疏密可知，A的电场强度大B点的电场强度，所以粒子在A 点的电场力大B点的电场力，根据牛顿第二定律可知，粒子在A点的加速度大B点的加速度，即粒子的加速度逐渐减小，故B正确；C、电场力方向与速度方向分居在运动轨迹两边，且电场力偏向轨迹的内侧，故粒子从A到B电场力做负功，所以动能减小，即速度不断减小．所以A点的速度大于B点的速度，故C正确；D、若在A点的初速度为零，在电场力作用下，粒子将逆着电场线运动，故粒子的初速度不为零，故D错误．故选：BC．点评：电场线虽然不存在，但可形象来描述电场的分布．对于本题关键是根据运动轨迹来判定电场力方向，由曲线运动条件可知合力偏向曲线内侧．根据电场力来确定电场力做功的正负，判定动能增加与否，从确定速度大小．10．（4分）两个完全相同的灵敏电流计改装成两个不同量程的电压表V1、V2，如将两表串联起来后去测某一线路的电压，则两只表（）A．读数相同 B．指针偏转的角度相同C．量程大的电压表读数大D．量程大的电压表读数小考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：两表串联后，通过每个电流表的电流相同，指针偏转角度相同，但两电压表的总内阻不同，则两表的示数不同，其示数之比为两表的内阻之比．解答：解：A、两表的示数与内阻成正比，而两表量程不同，内阻不同，则示数不同．故A错误．B、因是串联关系，电流大小一样，则指针偏转角度相同，故B正确．C、两表指针偏转角度相同，示数不等．因是串联关系，分压之比为内阻之比，量程大的内阻大，电压表读数大，故C正确，D错误．故选：BC．点评：考查的是电压表的改装原理，电压表的内部电路为串联关系，相同的电流表电流相同，偏转角度一样，而对应刻度由量程决定．11．（4分）如图所示，R1为定值电阻，R2为可变电阻，E为电源的电动势，r 为电源内阻，且R1＞r，以下说法中正确的是（）A．当R2=R1+r时，R2上获得最大功率B．当R1=R2+r时，R1上获得最大功率C．当R2=0时，R1上获得最大功率D．当R2=0时，电源的输出功率最大考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：R1为定值电阻，R2为可变电阻，根据P=I2R1可以分析电阻R1的功率的变化情况，由于R2减小的时候，电路电流就在增加，所以不能根据P=I2R2来分析R2的功率的变化情况；当电源的内电阻和外电阻相等的时候，电源的输出功率最大．解答：解：A、根据数学知识分析得知，当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，当把R1和电源看做一个整体时，即把电源的内阻看做R1+r，根据结论可知，当R2=R1+r时，电源的输出功率最大，即R2上获得最大功率，所以A正确；BC、根据P=I2R1可知，当R2=0时，电路的总电流最大，所以此时R1获得最大功率，所以B错误，C正确；D、电源的输出功率的变化关系为先增大在减小，当当外电阻等于电源的内阻，电源的输出功率最大，由于R1＞r，外电阻已经大于了内电阻，所以此时电源的输出功率随着外电阻的增大而减小，所以当R2=0时，电源的输出功率最大，所以D正确；故选：ACD．点评：对于R2的功率的分析是本题的难点，通常的分析方法都是把R1和电源看做一个整体来分析电源的输出功率的变化情况，即为R2的功率的情况．12．（4分）如图所示的两个电路中，电源相同，各电阻阻值相等，电源和电流表内阻不可忽略，四个相同的电流表、、、的读数分别为I1、I2、I3、I4，下列关系式正确的是（）A．I1=I3B．I1＜I4C．I2=2 I1D．I2＜I3+I4考点：伏安法测电阻．专题：恒定电流专题．分析：由题，电源相同，其内阻不计，电路的路端电压等于电动势．根据串联电路电压的分配，分析A1和R串联的电压与A3和R串联电压的关系，分析I1和I3及I1和I4大小．根据并联电路的特点分析I1和I3的关系．根据外电路总电阻的关系，判断I2与I3+I4的关系．解答：解：A、B、左图中，A1和R串联的电压小于电源的电动势，右图中，A3和R串联电压等于电源的电动势，则I1＜I3，I1＜I4．故A错误，B正确．C、由于电流表的内阻不可忽略不计，A1和R串联这一路电流小于R的电流，所以I2＞2I1．故C错误．D、设电流表的内阻为r，左图中外电路总电阻为R左=r+=，右图中，外电路总电阻R右=（R+r），根据数学知识得到＞1，所以左图中干路电流小于右图中干路电流，即有I2＜I3+I4．故D正确．故选：BD．点评：本题难度在于运用数学知识分析两图中外电阻的大小，作商是比较大小经常用到的方法．二、实验题：把答案填在答题卡相应的横线上（本大题2小题，共14分）. 13．（6分）有一标有“6V，1.5W”的小灯泡，现要描绘其伏安特性曲线，提供的器材除导线和开关外，还有：A．直流电源6V（内阻不计）B．直流电流表0～3A（内阻0.1Ω以下）C．直流电流表0～300mA（内阻约为5Ω）D．直流电压表0～15V（内阻约为15kΩ）E．滑动变阻器10Ω，2A回答下列问题：（1）实验中电流表应选用C （用序号表示）；（2）如图是本实验的实物连线图，其中还有两条导线没有接好，请用稍粗些的虚线代替导线，补全这个实物连线图．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是根据小灯泡的额定电流来选择电流表量程；题（2）的关键是根据小灯泡电阻满足，可知电流表应用外接法．解答：解：（1）：根据小灯泡规格“6V，1.5W”可知，小灯泡额定电流为：I=，所以电流表应选C；（2）：小灯泡在额定情况下的电阻为R=，由于满足，所以电流表应用外接法；连线图如图所示：故答案为：（1）C（2）如图点评：应明确：①应根据待测电阻的额定电压和额定电流大小来选择电压表与电流表的量程；②当待测电阻满足时，电流表应用外接法，满足时，电流表应用内接法．14．（8分）在把电流表改装为电压表的实验中，实验所用的电流表满刻度电流为200μA，欲将此表改装成量程为2V的电压表．（1）为测出电流表的内阻，采用如图1所示的电路原理图．请将以下各实验步骤填写完整．①依照电路原理图将实物连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S1，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验完毕时，两个电阻箱读数如图2所示，则电流表内阻r g =500Ω．这种方法测出的电流表的内阻r g 比它的真实值偏小（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）考点：把电流表改装成电压表．专题：实验题．分析：（1）根据半偏法测电阻的原理完成实验步骤．（2）电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积是电阻箱示数，根据串并联电路特点分析实验误差．解答：解：（1）①为保护电路，连接成实验线路，R阻值应尽可能大些，开始时两电键均断开．②将R阻值调至最大，闭合电键S2，调节 R的阻值，使电流表达到满刻度．③闭合S2，调节R′的阻值使电流表读数达到满偏一半．④读出R′的读数，即为电流表的内阻．（2）实验应用半偏法测电流表内阻，电流表内阻等于电阻箱R′的阻值，由图2所示R′可知，电阻箱阻值为：R′=0×100000Ω+0×10000Ω+0×1000Ω+5×100Ω+0×10Ω+0×1Ω=500Ω，则电流表内阻为：r g=R′=500Ω．半偏法测电流表内阻，当闭合S1时，电路总电阻变小，电路总电阻变大，电流表半偏法时流过电阻箱的电流大于满偏电流的一半，电阻箱阻值小于电流表内阻，用这种方法测出的电流表的内阻r g比它的真实值偏小．故答案为：（1）①大；②S2；R；③S1；R′；④R′；（2）500；偏小．点评：本题考查了半偏法测电流表内阻实验，要掌握半偏法测电阻的原理、会进行实验误差分析．15．（12分）如图所示为两组平行金属板，一组竖直放置，一组水平放置，今有一质量为m的电子静止在竖直放置的平行金属板的A点，经电压U0加速后，通过B点进入两板间距为d、电压为U的水平放置的平行金属板间，最后电子从右侧的两块平行金属板之间穿出，已知A、B分别为两块竖直板的中点，右侧平行金属板的长度为L，求：（1）电子通过B点时的速度大小V；（2）电子从右侧的两块平行金属板之间穿出时的侧移距离y．考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：带电粒子在电场中的运动专题．分析：（1）根据动能定理求出电子通过B点时的速度大小；（2）电子进入偏转电场后做类平抛运动，根据水平方向上做匀速直线运动，求出运动的时间，结合竖直方向上做匀加速直线运动求出侧移距离．解答：解：（1）从A到B由动能定理得：eU0=mv02解得：v0=；（2）电子作类平抛运动有：=ma，解得：a=水平方向 L=v0t竖直方向 y=at2解之得：y=。
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_______________中学高二物理单元复习班级____________ 学号____________ 姓名____________ 成绩____________2010—2011年高二上期期中考试物理试题（总分：150分 考试时间：120分钟）第Ⅰ卷（共60分）一．选择题（每小题至少一个正确答案，每题5分，共60分） 1．关于点电荷的下列说法中正确的是（ ）A ．只有体积很小的带电体，才能作为点电荷B ．点电荷是元电荷C ．点电荷一定是电量很小的电荷D ．两个带电的金属小球，不一定能将它们作为电荷集中在球心的点电荷处理2．关于电流和电阻，下列说法中正确的是（ ）A ．金属靠自由电子导电，金属的温度升高时，自由电子的平均热运动速率增大，金属导体中的电流增大．B ．金属导电时，其中的自由电子除作无规则的热运动外，还作定向运动，电流的大小是由定向运动的速度决定的．C ．由R ＝U ／I 可知：在U 一定时，电阻与电流成反比；在I 一定时，电阻与电压成正比．D ．电阻是导体自身的特性，电阻的大小由导体自身特性决定，并和温度有关，与导体两端是否有电压没有直接关系．3．在真空中，电量为q 1的点电荷产生的电场中有一点P ，P 点与q 1的距离为r ，把一个电量为q 2的检验电荷放在P 点，它受到的电场力为F ，则该点电场强度的大小等于（ ）A ．1q FB ．2q FC ．21r kqD ．22r kq4．关于场强和电势的说法中，正确的是（ ）A ．在电场中a ．b 两点间移动电荷的过程中，电场力始终不做功，则电荷所经过的路径上各点的场强一定为零B ．电场强度的方向就是电势降落最快的方向C ．两个等量正电荷的电场中，从两电荷连线的中点沿连线的中垂线向外，电势越来越底，场强越来越小D ．两个等量异种电荷的电场中，对于两电荷连线的中垂线上各点：电势均相等，中点场强最大，沿连线的中垂线向外，场强越来越小命题人 日 期 2011.4.255．如图所示，a ．b ．c ．d 为匀强电场中的四个等势面，一个电子射入电场后的运动轨迹如实线MN 所示，由此可知（ ）A ．电子在N 的动能大于在M 的动能B ．电子在N 的电势能小于在M 的电势能C ．电场强度方向向左D ．电场中，a 点电势低于b 点电势 6．如图，当K 闭合后，一带电微粒（重力不可忽略）在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（ ）A ．保持K 闭合，使P 滑动片向左滑动，微粒仍静止B ．保持K 闭合，使P 滑动片向右滑动，微粒向下移动C ．打开K 后，使两极板靠近，则微粒将向上运动D ．打开K 后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止7．两个阻值均为R 的电阻，并联在电源时通过每个电阻的电流为串联在同一电源时的2/3，则电源内阻为（ ）A ．R/2B ．R/4C ．2 RD ．4 R8．如图所示电路中，S 闭合后，三个灯实际消耗的电功率相同．则三个灯的电阻R 1．R 2．R 3的关系是（ ）A ．R 1 < R 2 < R 3B ．R 2 < R 3 < R 1C ．R 3 < R 2 < R 1D ．R 3 < R 1 < R 2（第8题图） （第9题图） （第10题图） 9．如图电路中，当变阻器R 的滑片P 向下滑动时，电压表和电流表的示数变化的情况是（ ）A ．V 和A 的示数都变大B ．V 和A 的示数都变小C ．V 的示数变大，A 的示数变小D ．V 的示数变小，A 的示数变大 10．如图电路中，电源电动势为E ，内阻为r ，固定电阻R 1= r ，可变电阻R 2的最大值也等于r ．则当滑动头上移时（ ）A ．电源的输出功率增大B ．电源内部的电势降落增大C ．R 2消耗的电功率减小D ．电源的效率增加11．如图所示，A ．B 两个带异种电荷的小球分别被两根绝缘细线系在一放在水平支持面上的木盒内的底部和顶部，木盒对地面的压力为N ，细线对B 拉力为F ．若将系B 的细线断开，下列说法正确的是（ ）A ．刚断开时，木盒对地面的压力等于NB ．刚断开时，木盒对地面的压力等于（N + F ）C ．刚断开时，木盒对地面的压力等于（N – F ）D ．在B 向上运动过程中木盒对地压力逐渐增大a b c dMNKP12．图中竖直平面xOy 内存在有竖直向下的电场，带电小球以初速度v 0从O 点沿x 轴水平射入，恰好通过平面中的A 点，OA 连线与Ox 夹角为300，已知小球质量为m ，则带电小球通过A 点时的动能为（ ）A ．2076mvB ．2023mv C ．202mvD ．202mv第II 卷（共90分）二．实验题（30分）13．在《测定金属丝电阻率》的实验中，需要测出其长度L ．直径d 和电阻R ． 用螺旋测微器测金属丝直径时读数如下图A ，则金属丝的直径为____________ m ． 若用下图中B 测金属丝的电阻，则测量结果将比真实值________．（“偏大”，“偏小”）用电流表和电压表测金属丝的电流电压时读数如下图，则电压表的读数为____________ V ，电流表的读数为 A ．0 20 25 15 AVBOxA－+ －+15．为了描绘标有“3V，0．4W”的小灯泡的伏安特性曲线，要求灯炮电压能从零开始变化．所给器材如下：A．电流表（0~200mA，内阻0．5Ω）B．电流表（0~0．6A，内阻0．01Ω）C．电压表（0~3V，内阻5kΩ）D．电压表（0~15V，内阻50kΩ）E．滑动变阻器（0~10Ω，0．5A）F．滑动变阻器（0~1kΩ，0．1A）G．电源（3V）H．电键一个，导线若干．（1）为了完成上述实验，实验中应选择的仪器是________________．（2）在Ⅱ卷的虚线框中画出完成此实验的原理图，并将实物按电路图用导线连好．（3）此实线描绘出的I—U图线是（填“曲线”．“直线”），其原因是_______________________________________________________________________．16．用电流表和电压表测定电池的电动势ε和内电组别I（A）U（V）1 2 3 4 5 6 0.100.200.310.320.400.571.431.361.241.271.241.10(1) 试根据这些数据在图中作出U – I 图线．(2) 根据图线得出电池的电动势ε=______伏，根据图线得出的电池内阻r = _____欧．三．计算题（本大题包括5小题，共60分．解答应写出必要的文字说明．方程式和重要的演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）17．(8分) 如图所示，两平行金属板A．B间为一匀强电场，A．B相距6cm，C．D为电场中的两点，C点在A板上，且CD＝4cm，CD连线和场强方向成60°角．已知电子从D点移到C点电场力做功为3.2×10－17J，电子电量为1.6×10－19C．求：(1) 匀强电场的场强；(2) A．B两点间的电势差；(3) 若A板接地，D点电势为多少？18．(12分) 如图所示，R1= 6Ω，R2= 3Ω，R3= 8Ω，R5= 6Ω．若电源提供的总功率为P总= 30W，电源输出功率为P出= 28.4W，电源内阻r = 0.4Ω，求：AB间的电压U AB = ？电源电动势ε=？19．(12分) 如图所示电路中，电池组的电动势E = 42V ，内阻r = 2Ω，定值电阻R = 20Ω，D 是电动机，其线圈电阻R′ = 1Ω．电动机正常工作时，理想电压表示数为20V ．求： (1) 通过电动机的电流是多少？(2) 电动机消耗的电功率为多少？(3) 电动机输出的机械功率为多少？20．(14分) 如图所示，A ．B 为平行板电容器，两板相距d ，接在电压为U 的电源上，在A 板的中央有一小孔M （两板间电场可视为匀强电场）．今有一质量为m 的带电质点，自A 板上方与A 板相距也为d 的O 点由静止自由下落，穿过小孔M 后到达距B 板2d的N 点时速度恰好为零．求：(1) 带电质点的电荷量，并指出其带电性质；(2) 在保持与电源相连的情况下，A 板往下移4d的距离．质点仍从O 点由静止自由下落，求质点下落速度为零时距B 板的距离．21．(14分) 如图所示，一群速率不同的一价离子从A ．B 两平行极板正中央水平射入偏转电场，A ．B 间电压为U ，间距为d ．C 为竖直放置．并与A ．B 间隙正对的金属档板，屏MN 足够大．若A ．B 极板长为L ，C 到极板的距离也为L ，C 的高为d ．不考虑离子所受重力，元电荷为e ．求初动能范围是多少的离子才能打到屏MN 上．V D RR ′ A B CNM d LLd一．选择题（每小题至少一个正确答案，每题5分，共60分） 1．D 2．BD 3．BC 4．BD 5．D 6．AD 7．D 8．C 9．A10．ABC11．BD 12．A 二．实验题（30分）13．(1) 0.698 (2) 偏小 (3) 2.60V 0.53A 14．C15．(1) ACEGH(2)(3) 曲线 温度变化，灯丝电阻也会变化 16．(1) (右图) (2) 1.5V 0.7Ω三．计算题（本大题包括5小题，共54分）17．解：17193.210200V 1.610DC DCW u q --⨯===⨯4210v/m 210u u E d -===⨯42210610610V DA AB u E d -==⨯⨯=⨯g200V D DA DC u u ϕ===-18．解：电源内阻消耗的功率2P R R I r=-=总出内∴ I = 2A ，253125253125()4()ABR R R R R R R R R R R R R ++==Ω+++ 8V AB AB u IR == 14.2VPu I ==出外 ∴4 3.1ABu u R I-==Ω外()15VE I R r =+=外19．解：1A VE u I r R -==+ 20W P UI ==电 21W P I r ==热 19W P P P =-=电热机－ A +V－+A V20．解：(1)由题意知，质点带负电 ① 两极板间的场强E ：U Ed = ② 设电量大小为q ，则从O 到N 点，则动能定理可得：()022d d mg d Eq +-= ③ 由①②解得：3mgdq U =④ (2)当A 板下移4d 时，两板间的距离3'44d dd d =-=⑤ 两板间的场强'E ：''U E d = ⑥设下落速度为零时距B 板距离为d ∆，则从开始下落到速度为零的过程中，由动能定理得：3(2)'()04dmg d d E q d -∆--∆= ⑦由④⑤⑥⑦得：3dd ∆=⑧21．解：偏转电场的场强大小为：UE d =①离子所受电场力：F Eq = ② 离子的加速度为：F ma = ③ 由①②③解得：Uea dm =④设离子的质量为m ，初速度为v 0，离子射出电场的时间t 为：0L v t = ⑤射出电场时的偏转距离y 为：212y at = ⑥由④⑤⑥解得：2202UeL y dmv =⑦ 离子射出电场时的竖直分速度y v at= ⑧射出电场时的偏转角：tan y v v ϕ=⑨由④⑤⑧⑨得：20tan eUL mv dϕ=⑩离子射出电场时做匀速直线运动 要使离子打在屏MN 上，需满足：2d y <○11，tan 2dL y ϕ+>○12NM由⑦⑩○11○12可得： 2222322k eUL eUL E d d << ○13。