解析几何试题及答案
高一解析几何试题及答案
高一解析几何试题及答案一、选择题（每题5分，共20分）1. 若点P(3, -4)在直线2x - 3y + 6 = 0上，则该直线的斜率是：A. 2/3B. -2/3C. 3/2D. -3/2答案：B2. 已知圆C的方程为x^2 + y^2 - 6x - 8y + 25 = 0，圆心坐标为：A. (3, 4)B. (-3, -4)C. (3, -4)D. (-3, 4)答案：A3. 直线x + y = 1与圆x^2 + y^2 = 1相交于点A和点B，若AB的中点为(a, b)，则a + b的值为：A. 0B. 1C. -1D. 2答案：B4. 椭圆x^2/4 + y^2 = 1的焦点坐标为：A. (±1, 0)B. (±2, 0)C. (0, ±1)D. (0, ±2)答案：B二、填空题（每题5分，共20分）1. 已知直线l的方程为y = 2x + 1，且与x轴交于点A，与y轴交于点B，则AB的长度为______。
答案：√52. 抛物线y^2 = 4x的准线方程为______。
答案：x = -13. 双曲线x^2/9 - y^2/16 = 1的实轴长为______。
答案：64. 圆x^2 + y^2 - 6x - 8y + 25 = 0的半径为______。
答案：5三、解答题（每题15分，共30分）1. 已知直线l：y = -2x + 3与圆C：x^2 + y^2 - 6x - 8y + 25 = 0相交于点P和Q，求线段PQ的长度。
答案：首先求出圆心C(3, 4)到直线l的距离d，使用点到直线距离公式，得到d = |-2*3 + 4 - 3| / √((-2)^2 + 1^2) = √5。
由于圆的半径r = 5，线段PQ的长度为2√(r^2 - d^2) = 2√(5^2 - (√5)^2) = 4√5。
2. 已知椭圆E：x^2/a^2 + y^2/b^2 = 1（a > b > 0）的焦点在x轴上，且离心率e = √3/2，椭圆与y轴交于点(0, b)和(0, -b)，求椭圆的方程。
高三数学解析几何试题答案及解析
高三数学解析几何试题答案及解析1.（本小题满分12分）已知椭圆:的焦点分别为、，点在椭圆上，满足，．（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）已知点，试探究是否存在直线与椭圆交于、两点，且使得？若存在，求出的取值范围；若不存在，请说明理由．【答案】（Ⅰ）（Ⅱ）【解析】（Ⅰ）本题求椭圆的方程只需确定一个未知数，建立一个方程即可，利用椭圆定义及焦点三角形,结合余弦定理可解：由，得，由余弦定理得，（Ⅱ）表明点在线段DE中垂线上，利用韦达定理列等量关系，求出与的关系，再根据判别式大于零，可解出的取值范围试题解析：（1）由，得，由余弦定理得，∴所求的方程为．（2）假设存在直线满足题设，设，将代入并整理得，由，得①又设中点为，，得②将②代入①得化简得，解得或所以存在直线，使得，此时的取值范围为．【考点】直线与椭圆位置关系2.抛物线：的准线的方程是____；以的焦点为圆心，且与直线相切的圆的方程是____．【答案】，．【解析】分析题意可知，∴准线方程为，焦点为，半径，∴所求圆方程为．【考点】1．抛物线的标准方程；2．直线与圆的位置关系．3.如图，为外一点，是切线，为切点，割线与相交于点，，且，为线段的中点，的延长线交于点，若，则__________；_________．【答案】，．【解析】由切割线定理，∴，，再由相交弦定理，∵是的中点，∴，，则．【考点】1．切割线定理；2．相交弦定理．4.椭圆的左焦点为，若关于直线的对称点是椭圆上的点，则椭圆的离心率为（）A．B．C．D．【答案】D．【解析】设关于直线的对称点的坐标为，则，所以，，将其代入椭圆方程可得，化简可得，解得，故应选．【考点】1、椭圆的定义；2、椭圆的简单几何性质；5.如图所示，过⊙O外一点A作一条直线与⊙O交于C，D两点，AB切⊙O于B，弦MN过CD的中点P．已知AC=4，AB=6，则MP·NP= ．【答案】【解析】由已知及圆的弦切割线定理得，，又知点P是CD的中点，所以，再由相交弦定理得；故答案为：．【考点】圆的性质．6.已知椭圆C：，为左右焦点，点在椭圆C上，△的重心为，内心为，且有（为实数），则椭圆方程为（）A．B．C．D．【答案】A【解析】设点距轴的距离为，因为IG∥，则点距轴的距离为，连接，则，，所以，所以，所以椭圆方程为．【考点】椭圆的标准方程．7.已知双曲线（，）的焦距为，若、、顺次组成一个等比数列，则其离心率为．【答案】【解析】根据题意，有，即，式子两边同时除以，得，结合双曲线的离心率的取值范围，可求得．【考点】双曲线的离心率．8.设椭圆E：的右顶点为A、右焦点为F，B为椭圆E在第二象限上的点，直线BO交椭圆E于点C，若直线BF平分线段AC，则椭圆E的离心率是．【答案】【解析】如图，设AC中点为M，连接OM，则OM为的中位线，于是，且，即．【考点】椭圆的离心率．9.点M（χ，）是抛物线χ2=2P（P＞0）上一点，若点M到该抛物线的焦点的距离为2，则点M到坐标原点的距离为（）A．B．C．D．【答案】D【解析】抛物线（）的准线方程是，因为点到该抛物线的焦点的距离为，所以，解得：，所以该抛物线的方程是，因为点是抛物线上的一点，所以，所以点到坐标原点的距离是，故选D．【考点】1、抛物线的定义；2、抛物线的标准方程．10.已知抛物线的焦点为，准线为，过点的直线交抛物线于两点，过点作准线的垂线，垂足为，当点的坐标为时，为正三角形，则此时的面积为（）A．B．C．D．【答案】A【解析】如图所示，过点作的垂线，垂足为，则为的中点．因为点的坐标为，所以，，所以，即，所以抛物线的方程为，此时，，所以直线的方程为，将其代入抛物线方程可得，，解得或，所以或，所以的面积为，故应选．【考点】1、抛物线的定义；2、抛物线的简单几何性质．【思路点睛】本题考查了抛物线的定义、标准方程及其简单的几何性质的应用，属中档题．其解题的一般思路为：首先过点作的垂线，垂足为，则为的中点，然后利用点的坐标为，可求出，进而得出抛物线的方程，从而得出直线的方程，最后将其与抛物线的方程联立求出点的坐标，即可求出的面积．其解题的关键是求出抛物线的方程和直线的方程．11.已知、、c为正数，（1）若直线2x－（b－3）y＋6＝0与直线bx＋ay－5＝0互相垂直，试求的最小值；（2）求证：．【答案】（1）25；（2）证明见解析．【解析】（1）先利用两直线垂直得到关于正数的关系，再利用基本不等式进行求解；（2）先对不等式左边的每个括号进行因式分解，再利用基本不等式进行证明．试题解析：（1）由已知，有：即：、为正数，当且仅当时取等号，此时：故当时，的最小值是25．（2）、、c为正数，【考点】基本不等式．12.如图，已知抛物线的焦点为，椭圆的中心在原点，为其右焦点，点为曲线和在第一象限的交点，且．（1）求椭圆的标准方程；（2）设为抛物线上的两个动点，且使得线段的中点在直线上，为定点，求面积的最大值．【答案】（1）椭圆的标准方程为；（2）面积的最大值为．【解析】（1）由已知得，跟据抛物线定义，得，所以点；据椭圆定义，得．所以椭圆的标准方式是．（2）因为为线段的中点，得直线的方程为；联立，得，由弦长公式和点到直线的距离，得．再根据函数的单调性得面积的最大值为．试题解析：（1）设椭圆的方程为，半焦距为．由已知，点，则．设点，据抛物线定义，得．由已知，，则．从而，所以点．设点为椭圆的左焦点，则，．据椭圆定义，得，则．从而，所以椭圆的标准方式是．（2）设点，，，则．两式相减，得，即．因为为线段的中点，则．所以直线的斜率．从而直线的方程为，即．联立，得，则．所以．设点到直线的距离为，则．所以．由，得．令，则．设，则．由，得．从而在上是增函数，在上是减函数，所以，故面积的最大值为．【考点】1、抛物线的定义；2、椭圆的方程；3、最值问题．【方法点睛】本题考查抛物线的定义和简单几何性质、待定系数法求椭圆的标准方程、直线和椭圆相交中的有关中点弦的问题，综合性强，属于难题；对于直线和圆锥曲线相交中的中点弦问题，解决此类题目的最有效方法是点差法，两式直接相减就可以表示出斜率；而第二问中面积公式求出后，函数单调性的研究更是加深了此题的难度，运算量也比较大，不容易拿高分．13.已知抛物线（）的焦点与双曲线的右焦点重合，抛物线的准线与轴的交点为，点在抛物线上且，则点的横坐标为（）A．B．C．D．【答案】B【解析】抛物线的焦点为，准线为．双曲线的右焦点为，所以，即，即，过作准线的垂线，垂足为，则，即，设，则代入，解得．故应选B．【考点】圆锥曲线的性质.【思路点睛】根据双曲线得出其右焦点坐标，可知抛物线的焦点坐标，从而得到抛物线的方程和准线方程，进而可求得的坐标，设，过点向准线作垂线，则，根据及，进而可求得点坐标．14.已知抛物线：，过焦点F的直线与抛物线交于两点（在第一象限）．（1）当时，求直线的方程；（2）过点作抛物线的切线与圆交于不同的两点，设到的距离为，求的取值范围．【答案】（1）；（2）【解析】（1）因为，故，设，，则可得则，由此可求直线的方程；（2）由于，因此故切线的方程为，化简得，则圆心（0，-1）到的距离为，且，故则，则点F到距离，则，然后再根据基本不等式即可求出结果．试题解析：（1）因为，故设，，则故则因此直线的方程为；（2）由于，因此故切线的方程为，化简得则圆心（0，-1）到的距离为，且，故则，则点F到距离则今则，故．【考点】1．直线与抛物线的位置关系；2．点到直线的距离公式；2．基本不等式．15.在直角坐标系中，直线的参数方程为（t为参数），再以原点为极点，以x正半轴为极轴建立坐标系，并使得它与直角坐标系有相同的长度单位，在该极坐标系中圆C的方程为．（1）求圆C的直角坐标方程；（2）设圆C与直线将于点、，若点的坐标为，求的值．【答案】（1）；（2）．【解析】（1）极坐标与直角坐标之间的关系是，由此可实现极坐标方程与直角坐标方程的转化；（2）由直线参数方程的标准形式（即参数的几何意义），直线过点，直线上的标准参数方程为，把它代入圆的方程，其解满足，．试题解析：（1）由得，又，则有，配方得圆的标准方程为．（2）直线的普通方程为，点在直线上的标准参数方程为，代入圆方程得：．设对应的参数分别为，则，，于是．【考点】极坐标方程与直角坐标方程的互化，直线参数方程的应用．16.如图，在平面直角坐标系中，已知椭圆：的离心率，左顶点为，过点作斜率为的直线交椭圆于点，交轴于点．（1）求椭圆的方程；（2）已知为的中点，是否存在定点，对于任意的都有，若存在，求出点的坐标；若不存在说明理由；（3）若过点作直线的平行线交椭圆于点，求的最小值．【答案】（1）；（2）；（3）【解析】（1）确定椭圆标准方程，只需两个独立条件即可：一个是左顶点为，所以，另一个是，所以，（2）实质利用斜率k表示点，P ，E，假设存在定点，使得，因此，即恒成立，从而即（3）利用斜率k表示点M，因此，本题思路简单，但运算量较大．试题解析：（1）因为左顶点为，所以，又，所以又因为，所以椭圆C的标准方程为．（2）直线的方程为，由消元得，．化简得，，所以，．当时，，所以．因为点为的中点，所以的坐标为，则．直线的方程为，令，得点坐标为，假设存在定点，使得，则，即恒成立，所以恒成立，所以即因此定点的坐标为．（3）因为，所以的方程可设为，由得点的横坐标为，由，得，当且仅当即时取等号，所以当时，的最小值为．【考点】直线与椭圆位置关系17.选修4－4：坐标系与参数方程：在直角坐标系中，直线的参数方程为（t为参数），再以原点为极点，以x正半轴为极轴建立坐标系，并使得它与直角坐标系有相同的长度单位，在该极坐标系中圆C的方程为。
高三数学解析几何试题
高三数学解析几何试题1.已知是两条不同直线，是三个不同平面，下列命题中正确的是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】均为直线，其中平行，可以相交也可以异面，故A不正确；m，n⊥α，则同垂直于一个平面的两条直线平行，选D。
2.已知圆的圆心在直线上，则；圆被直线截得的弦长为____________.【答案】2；8.【解析】标准方程为，可得圆心把圆心坐标代入直线方程中得；即圆心为，圆心到直线的距离，所以弦长等于故答案为2；8.【考点】1.圆的标准方程；2.弦长公式.3.若椭圆：（）和椭圆：（）的焦点相同且．给出如下四个结论：①圆和椭圆一定没有公共点；②；③；④．其中，所有正确结论的序号是（）A．②③④B．①③④C．①②④D．①②③【答案】B【解析】因为椭圆和椭圆的焦点相同且．，所以，，∴①③正确；又，，∴④正确，故选B．【考点】椭圆的简单性质．4.已知双曲线C：，点P与双曲线C的焦点不重合，若点P关于双曲线C的上、下焦，则点的对称点分别为A、B，点Q在双曲线C的上支上，点P关于点Q的对称点P1．【答案】-16【解析】设双曲线的上下焦点分别为F，F'，连接QF，QF'．由点P关于双曲线C的上、下焦点的对称点分别为A、B，则F为PA的中点，F'为PB的中点，由点Q在双曲线C的上支上，点P ，关于点Q的对称点P1则Q为PP的中点，由中位线定理可得，，，由双曲线的定义可得1，则．故答案为：﹣16．【考点】双曲线的简单性质．5.（本小题满分10分）选修4—4：坐标系与参数方程已知曲线C的极坐标方程是ρ=4cosθ，以极点为平面直角坐标系的原点，极轴为χ轴的正半轴，建立平面直角坐标系，直线l的参数方程是（t是参数）．（Ⅰ）将曲线C的极坐标方程化为直角坐标方程，直线l的参数方程化为普通方程；（Ⅱ）若直线l与曲线C相交于A、B两点，且|AB|=，试求实数m的值．【答案】（Ⅰ），；（Ⅱ）或．【解析】（Ⅰ）利用，代入曲线的方程可得曲线的直角坐标方程，消去可得直线的普通方程；（Ⅱ）先将直线的参数方程代入曲线的方程可得，再利用参数的几何意义可得实数的值．试题解析：（Ⅰ）曲线C的极坐标方程是ρ=4cos化为直角坐标方程为：直线的直角坐标方程为：（5分）（Ⅱ）解法一：由（Ⅰ）知：圆心的坐标为（2，0），圆的半径R=2，圆心到直线的距离，∴∴（10分）解法二：把（是参数）代人方程得∵∴∴∴（10分）【考点】1、极坐标方程与直角坐标方程的互化；2、参数方程与普通方程的互化；3、参数的几何意义．6.选修4—4：坐标系与参数方程极坐标系与直角坐标系有相同的长度单位，以原点为极点，以轴正半轴为极轴，曲线的极坐标方程为，曲线的参数方程为（为参数，），射线，，与曲线交于（不包括极点）三点．（1）求证：；（2）当时，两点在曲线上，求与的值．【答案】（1）证明过程详见试题解析；（2）的值为2，的值为．【解析】（1）依题意先表示出，，，根据三角函数公式得．（2）把两点的极坐标，化为直角坐标为，又因为经过点的直线方程为，所以．试题解析：（1）依题意，，．则．（2）当时，两点的极坐标分别为，化为直角坐标为，是经过点且倾斜角为的直线，又因为经过点的直线方程为，所以．【考点】1、极坐标与直角坐标；2、参数方程．7.如图，四边形内接于⊙，过点作⊙的切线交的延长线于，已知．证明：（1）；（2）．【答案】（1）见解析；（2）见解析．【解析】（1）由弦切角定理及已知条件可得，然后由等角对等弧，等弧对等弦使问题得证；（2）易证得∽，根据三角形相似可得比例相等，从而可证得．试题解析：（1）∵与⊙相切于点，∴．又，∴，∴．（2）∵四边形内接于⊙，∴，又，∴∽．∴，即，∴．【考点】1、弦切角定理；2、圆周角定理；3、三角形相似．8.已知为椭圆内一定点，经过引一弦，使此弦在点被平分，则此弦所在的直线方程是 .【答案】【解析】由于此弦所在直线的斜率存在，所以设斜率为，且设弦的两端点坐标为，，则，两式相减得．∵，∴，∴，∴此弦所在的直线方程为．【考点】直线与椭圆的位置关系.【思路点睛】设出两个交点的坐标，将它们代入椭圆的方程，将两个式子相减得到有关相交弦的中点与相减弦所在直线的斜率关系，求出直线的斜率，利用点斜式写出直线的方程．在解决直线与圆锥曲线相交关于相交弦的问题时，一般利用将交点坐标代入圆锥曲线的方程，两个式子相减得到中点与斜率的关系．9.【选修4-4：坐标系与参数方程】在直角坐标系xOy中，以原点O为极点，x轴的正半轴为极轴，建立极坐标系．已知曲线（t为参数），（为参数）．（Ⅰ）化，的方程为普通方程，并说明它们分别表示什么曲线；（Ⅱ）若上的点P对应的参数方程为，Q为上的动点，求PQ中点M到直线的距离的最小值．【答案】（Ⅰ）为圆心是，半径是1的圆．为中心是坐标原点，焦点在轴上，长半轴长是8，短半轴长是3的椭圆；（Ⅱ）．【解析】第一问将所给的参数方程消参，得到相应的普通方程，利用所得的普通方程可以判断出方程所对应的曲线的类型，第二问根据题中所给的参数值，求得点的坐标，设出动点的坐标，利用中点坐标公式求得，将直线方程化成平面直角坐标方程，利用点到直线的距离公式，结合辅助角公式化简，利用三角函数的性质得出其最小值为．试题解析：（Ⅰ）．为圆心是，半径是1的圆．为中心是坐标原点，焦点在轴上，长半轴长是8，短半轴长是3的椭圆．（Ⅱ）当时，，故，为直线，M到的距离显然，取得最小值．【考点】参数方程与普通方程的转化，极坐标方程与平面直角坐标方程的转化，动点到定直线的距离的最值．10.已知椭圆的左，右焦点分别为，，离心率为，且经过点．（1）求椭圆的方程；（2）直线与椭圆相切，点是直线上的两点，且，，求四边形的面积．【答案】（1）；（2）．【解析】（1）运用椭圆的离心率和椭圆的关系和点满足椭圆方程，即可解得的值，进而得到椭圆的方程；（2）将直线方程代入椭圆方程，运用直线和椭圆相切的条件，利用判别式等于，求解实数的值，在由点到直线的距离公式和直角梯形的面积公式即可求得四边形的面积．试题解析：（1）依题意，设椭圆的方程为．因为，又，所以，又点在该椭圆上，所以．解得，．所以椭圆的方程为．将直线的方程，代入椭圆的方程中，得,由直线与椭圆仅有一个公共点可知，，化简得，．设，，又因为，所以．故四边形的面积为．【考点】椭圆的标准方程及其简单的几何性质；直线与圆锥曲线问题．【方法点晴】本题主要考察了椭圆的标准方程及其简单的几何性质，着重考查了直线与圆锥曲线的位置关系及应用，把直线方程与圆锥曲线方程联立，根据方程的根与系数的关系是解答此类问题的常用方法和关键，但此类问题思维量和计算量较大，平时主要方法的积累和总结，本题的解答中，把直线的方程代入椭圆的方程，利用的值，利用点到直线的距离公式和，利用梯形的面积公式，从求解四边形的面积．11.（2015秋•通渭县校级期末）抛物线y=x2在点（﹣1，1）处的切线方程为．【答案】2x+y+1=0【解析】直接求出抛物线在点（﹣1，1）处的导数，即切线的斜率，由直线方程的点斜式写出切线方程，化为一般式．解：由y=x2，得：y′=2x，∴y′|x=﹣1=﹣2，所以，抛物线y=x2在点（﹣1，1）处的切线方程为y﹣1=﹣2（x+1），即2x+y+1=0．故答案为2x+y+1=0．【考点】利用导数研究曲线上某点切线方程．12.在极坐标系中，设曲线和相交于点，则＝___________．【答案】【解析】曲线和的直角坐标方程分别为和，把代入方程，得，所以．【考点】极坐标方程与直角坐标方程的互化，直线与圆相交弦长．13.（2015秋•栖霞市期末）已知△ABC的两个顶点A，B的坐标分别为（0，﹣），（0，），且AC，BC所在直线的斜率之积等于m（m≠0）．（1）求顶点C的轨迹λ的方程，并判断轨迹λ为何种曲线；（2）当m=﹣时，设点P（0，1），过点P作直线l与曲线λ交于E，F两点，且=，求直线l的方程．【答案】（1）见解析；（2）．【解析】（1）令C点坐标为（x，y），QC 直线AC，直线BC的斜率，利用AC，BC所在直线的斜率之积等于m，求出轨迹方程，分类讨论图形．（2）求出曲线C的方程，通过直线l的斜率不存在时，以及斜率垂直时，直线l的方程为y=kx+1，代入椭圆方程，设E（x1，y1），F（x2，y2），通过得，以及韦达定理求解直线l的方程．解：（1）令C点坐标为（x，y），则直线AC的斜率，直线BC的斜率，所以有，化简得，．所以当m=﹣1时，λ表示以（0，0）为圆心，为半径的圆，且除去两点；当m ＜﹣1时，轨迹λ表示焦点在y 轴上的椭圆，且除去两点；当﹣1＜m ＜0时，轨迹λ表示焦点在x 轴上的椭圆，且除去两点； 当m ＞0时，轨迹λ表示焦点在y 轴上的双曲线，且除去两点．（2）由题意知当时曲线C 为，当直线l 的斜率不存在时，不符合题意．设直线l 的方程为y=kx+1，代入椭圆方程整理得（3+4k 2）x 2+8kx ﹣8=0． 设E （x 1，y 1），F （x 2，y 2），由得，x 1=﹣3x 2． 由韦达定理得，，所以，，消去x 2，解得，所以直线l 的方程为．【考点】直线与圆锥曲线的综合问题；轨迹方程．14. 已知直线l ：y ＝x ＋，圆O ：x 2＋y 2＝4，椭圆E ：＋＝1(a>b>0)的离心率e ＝，直线l 被圆O 截得的弦长与椭圆的短轴长相等． （1）求椭圆E 的方程；（2）已知动直线l 1 (斜率存在)与椭圆E 交于P ，Q 两个不同点，且△OPQ 的面积S △OPQ ＝1，若N 为线段PQ 的中点，问：在x 轴上是否存在两个定点A ，B ，使得直线NA 与NB 的斜率之积为定值？若存在，求出A ，B 的坐标，若不存在，说明理由． 【答案】（1）；（2）存在两定点，，使得直线与的斜率之积为定值．【解析】（1）由椭圆的离心率可列方程，直线被圆所截弦长等于椭圆短轴长，则可列方程求得，从而求得，得到椭圆标准方程；（2）先假设直线，与椭圆方程联立可求得长度（用表示），在利用点到直线的距离求得三角形边上的高，从而利用面积为求得的关系，又因为为中点，所以可用来表示其坐标，并且可求得其轨迹方程，然后再假设坐标，表示出的斜率，并且使斜率之积为定值，从而求得坐标． 试题解析：(1)设椭圆半焦距为c ， 圆心O 到l 的距离d ＝，则l 被圆O 截得的弦长为2，所以b ＝1，由题意得e ＝，∵b ＝1，∴a 2＝4，b 2＝1.∴椭圆E 的方程为(2)设P(x 1，y 1)，Q(x 2，y 2)，直线l 1的方程为：y ＝kx ＋m. 则消去y 得(1＋4k 2)x 2＋8kmx ＋4m 2－4＝0. x 1＋x 2＝，x 1.x 2＝.|PQ|＝.|x 1－x 2|＝原点O 到直线l 1的距离d ＝，则S △OPQ ＝|PQ|.d ＝＝1，∴2|m|.＝1＋4k 2，令1＋4k 2＝n ，∴2|m|.＝n ，∴n ＝2m 2，1＋4k 2＝2m 2. ∵N 为PQ 中点，∴x N ＝＝，y N ＝＝，∵1＋4k 2＝2m 2，∴x N ＝，y N ＝.∴假设x 轴上存在两定点A(s ，0)，B(t ，0)(s≠t)，则直线NA 的斜率k 1＝，直线NB 的斜率k 2＝，∴k 1k 2＝＝＝.当且仅当s ＋t ＝0，st ＝－2时，k 1k 2＝，则s ＝，t ＝.综上所述，存在两定点A(，0)，B(，0)，使得直线NA 与NB 的斜率之积为定值. 【考点】点到直线的距离，离心率，两点间距离，求动点的轨迹方程．15. 若双曲线的实轴长是离心率的2倍，则m= ．【答案】【解析】利用离心率公式，建立方程，即可求得双曲线的实轴长． 解：∵，且m ＞0，∴，解得或（舍去）．故答案为：【考点】双曲线的简单性质．16. 如图，正方形边长为2，以为圆心、为半径的圆弧与以为直径的半圆交于点，连结并延长交于点．（1）求证：； （2）求的值．【答案】（1）证明见解析；（2）.【解析】对于问题（1）主要利用两次切割线定理，再结合等量代换即可证明结论；对于问题（2），可由（1）的结论并结合直角三角形的射影定理及等面积法即可得到所求. 试题解析：（1）由以为圆心为半径作圆，而为正方形，所以为圆的切线，依据切割线定理得 另外圆以为直径，所以是圆的切线，同样依据切割线定理得，故． （2）连结，因为为圆直径，所以，由得又在中，由射影定理得，【考点】1、切割线定理；2、直角三角形的射影定理．17. 如图所示，在中，，．若以为焦点的椭圆经过点，则该椭圆的离心率 ．【答案】【解析】令，则，，则，∴，，∴，∴，故答案为．【考点】椭圆的定义．18.已知双曲线的离心率为，则此双曲线的渐近方程为（）A．B．C．D．【答案】C【解析】因为双曲线的离心率为,所以,又因为双曲线中,所以,而焦点在轴上的双曲线的渐近线方程为,所以此双曲线的渐近线方程为,故选C.【考点】1、双曲线的离心率；2、双曲线渐近方程.19.设是双曲线的左、右两个焦点，若双曲线右支上存在一点，使（为坐标原点）且则的值为（）A．2B．C．3D．【答案】A【解析】画出图象如下图所示，依题意可知四边形为菱形，所以,设，则，且，解得,则.【考点】1.双曲线；2.向量运算.【思路点晴】有关圆锥曲线的题目，由图双曲线的方程已经知道了，那么我们就先按题意将图形画出来，这是做圆锥曲线题目的时候第一步要做的.由于题目中，也就是平行四边形的对角线相互垂直，所以可以判断它为菱形，这样它的一组邻边就相等，设出点的坐标，然后解出点的坐标，题目就解决出来了.20.已知双曲线的一条渐近线与直线垂直，则双曲线的离心率等于（）A．B．C．D．【答案】D【解析】由题意得，选D.【考点】双曲线的离心率【方法点睛】解决椭圆和双曲线的离心率的求值及范围问题其关键就是确立一个关于a，b，c的方程或不等式，再根据a，b，c的关系消掉b得到a，c的关系式，建立关于a，b，c的方程或不等式，要充分利用椭圆和双曲线的几何性质、点的坐标的范围等.21.圆的圆心到直线的距离为1，则a=A．B．C．D．2【答案】A【解析】圆的方程可化为，所以圆心坐标为，由点到直线的距离公式得，解得，故选A．【考点】圆的方程、点到直线的距离公式【名师】直线与圆的位置关系的判断方法：（1）几何法：利用圆心到直线的距离d与半径长r的大小关系来判断．若d>r，则直线与圆相离；若d＝r，则直线与圆相切；若d<r，则直线与圆相交．（2）代数法：联立直线与圆的方程，消元后得到关于x（或y）的一元二次方程，根据一元二次方程的解的个数（也就是方程组解的个数）来判断．如果Δ<0，方程无实数解，从而方程组也无实数解，那么直线与圆相离；如果Δ＝0，方程有唯一实数解，从而方程组也有唯一一组实数解，那么直线与圆相切；如果Δ>0，方程有两个不同的实数解，从而方程组也有两组不同的实数解，那么直线与圆相交．提醒：直线与圆的位置关系的判断多用几何法．22.设是坐标原点，椭圆的左右焦点分别为，且是椭圆上不同的两点。
高一解析几何试题及答案
高一解析几何试题一、选择题(本大题共10小题,每小题4分,共40分)1．直线的倾斜角为600 ，直线l2 垂直于直线l1，则直线l2的斜率是( )3 3A B 一 3 C D 一3 32．已知 A (0,8) ,B (一4,0) ,C( m ，－4)三点共线，则实数m 的值是( )A 一6B 6C 一5D 53．以 A (一1,1) B (2, 一1) C (1,4) 为顶点的三角形是( )A 锐角三角形B 直角三角形C 钝角三角形D 以上都不对4．过点P(6, m) 和点 Q (m,3)的直线与直线x 一 2y + 5 = 0平行，则m 的值为( )A 3B 4C 5D 65．两直线3x 一 4y 一 3 = 0 和6x 一 8y +19 = 0 之间的距离为( )3 5A 2BCD 32 26．圆心为(2, 一1) 的圆，在直线x 一 y 一 1 = 0上截得的弦长为 2 2，那么，这个圆的方程为 ( ) A (x 一 2)2 + (y +1)2 = 4 B (x 一 2)2 + (y +1)2 = 2 C (x + 2)2 + (y 一 1)2 = 4D (x + 2)2 + (y 一 1)2 = 27．圆 x2 + y2 一 6x + 8y + 24 = 0 关于直线 y = 0 对称的圆的方程是( )A (x + 3)2 + (y 一 4)2 = 1B (x 一 4)2 + (y + 3)2 = 1C (x + 4)2 + (y 一 3)2 = 1D (x 一 3)2 + (y 一 4)2 = 138．方程x 一 1 = 1一 (y 一 1)2 表示的曲线是( )A 一个圆B 两个圆C 半个圆D 两个半圆9．在空间直角坐标系中，点A(1, 2,3) 关于xoy 平面对称点为 B，关于原点的对称点为 C，则B,C 间的距离为( )A 5B 14C 2 5D 2 1410．直线x + y = 1与圆x2 + y2 2x + 2y 2 = 0 的位置关系是( )A 相切B 相交但直线不过圆心C 相离D 相交且直线过圆心二、填空题(本大题共4小题,每题4分,共16分)11．已知圆心在x 轴上，半径是 5，且以点A(5,4) 为中点的弦长为 2 5 ,则这个圆的方程是___________________。
高中解析几何试题及答案
高中解析几何试题及答案1. 已知圆的方程为 \((x-2)^2+(y-3)^2=9\)，求该圆的圆心坐标和半径。
答案：圆心坐标为 \((2, 3)\)，半径为 \(3\)。
2. 求直线 \(2x + 3y - 6 = 0\) 关于点 \((1, 2)\) 对称的直线方程。
答案：对称直线的方程为 \(2x - 3y + 8 = 0\)。
3. 已知椭圆 \(\frac{x^2}{a^2} + \frac{y^2}{b^2} = 1\)（其中\(a > b > 0\)）经过点 \((2, 3)\)，且离心率 \(e = \frac{c}{a}\) 为 \(\frac{1}{2}\)，求椭圆的长轴和短轴长度。
答案：根据离心率 \(e = \frac{c}{a} = \frac{1}{2}\)，我们有 \(c =\frac{a}{2}\)。
由于椭圆经过点 \((2, 3)\)，代入椭圆方程得\(\frac{4}{a^2} + \frac{9}{b^2} = 1\)。
又因为 \(c^2 = a^2 -b^2\)，代入 \(c = \frac{a}{2}\) 得 \(\frac{a^2}{4} = a^2 -b^2\)，解得 \(b^2 = \frac{3}{4}a^2\)。
将 \(b^2\) 代入椭圆方程，解得 \(a^2 = 16\) 和 \(b^2 = 12\)。
因此，椭圆的长轴长度为\(2a = 32\)，短轴长度为 \(2b = 24\)。
4. 求抛物线 \(y^2 = 4px\)（\(p > 0\)）的焦点坐标。
答案：焦点坐标为 \((\frac{p}{2}, 0)\)。
5. 已知双曲线 \(\frac{x^2}{a^2} - \frac{y^2}{b^2} = 1\) 的一条渐近线方程为 \(y = \frac{b}{a}x\)，求双曲线的离心率。
答案：双曲线的离心率 \(e = \sqrt{1 + \frac{b^2}{a^2}}\)。
平面解析几何试题 解析
平面解析几何1．（2020届安徽省“江南十校”高三综合素质检测）已知点P是双曲线2222:1(0,0,x y C a b c a b-=>>=上一点，若点P 到双曲线C 的两条渐近线的距离之积为214c ，则双曲线C 的离心率为（）ABCD ．2【答案】A【解析】设点P 的坐标为(,)m n ，有22221m n a b-=，得222222b m a n a b -=.双曲线的两条渐近线方程为0bx ay -=和0bx ay +=，则点P 到双曲线C的两条渐近线的距离之积为222222222b m a n a b a b c-==+，所以222214a b c c =，则22244()a c a c -=，即()22220c a -=，故2220c a -=，即2222c e a ==，所以e =.故选A 。
2．（2020届河南省濮阳市高三模拟）已知F 为抛物线y 2＝4x 的焦点，过点F 且斜率为1的直线交抛物线于A ，B 两点，则||FA|﹣|FB||的值等于（）A．B ．8C．D ．4【答案】C【解析】F （1，0），故直线AB 的方程为y ＝x ﹣1，联立方程组241y xy x ⎧=⎨=-⎩，可得x 2﹣6x+1＝0，设A （x 1，y 1），B （x 2，y 2），由根与系数的关系可知x 1+x 2＝6，x 1x 2＝1．由抛物线的定义可知：|FA|＝x 1+1，|FB|＝x 2+1，∴||FA|﹣|FB||＝|x 1﹣x 2|==，故选C 。
3．（2020届陕西省西安中学高三第一次模拟）已知椭圆C 的中心为原点O ，(F -为C 的左焦点，P 为C 上一点，满足||||OP OF =且||4PF =，则椭圆C 的方程为（）A ．221255x y +=B ．2213616x y +=C ．2213010x y +=D ．2214525x y +=【答案】B【解析】由题意可得c=F′，由|OP|=|OF|=|OF′|知，∠PFF′=∠FPO ，∠OF′P=∠OPF′，所以∠PFF′+∠OF′P=∠FPO+∠OPF′，由∠PFF′+∠OF′P+∠FPO+∠OPF′=180°知，∠FPO+∠OPF′=90°，即PF ⊥PF′．在Rt △PFF′中，由勾股定理，得|PF′|=8=，由椭圆定义，得|PF|+|PF′|=2a=4+8=12，从而a=6，得a 2=36，于是b 2=a 2﹣c 2=36﹣=16，所以椭圆的方程为2213616x y +=，故选B 。
解析几何单元测试题及答案
解析几何单元测试题及答案一、选择题（每题3分，共15分）1. 椭圆的标准方程是哪一个？A. \((x-h)^2/a^2 + (y-k)^2/b^2 = 1\)B. \((x-h)^2/b^2 + (y-k)^2/a^2 = 1\)C. \((x-h)^2/a^2 + (y-k)^2/b^2 = 0\)D. \((x-h)^2/a^2 - (y-k)^2/b^2 = 1\)2. 点P(-1, 3)到直线3x - 4y + 5 = 0的距离是？A. 2B. 3C. 4D. 53. 抛物线 \(y^2 = 4x\) 的焦点坐标是？A. (1, 0)B. (0, 2)C. (1, 2)D. (2, 0)4. 直线 \(ax + by + c = 0\) 与 \(dx + ey + f = 0\) 平行的条件是？A. \(a/d = b/e\)B. \(a/d = b/e ≠ c/f\)C. \(a/d ≠ b/e\)D. \(a/d = b/e = c/f\)5. 圆心在原点，半径为5的圆的标准方程是？A. \(x^2 + y^2 = 25\)B. \((x-5)^2 + y^2 = 25\)C. \(x^2 + y^2 = 5\)D. \((x-5)^2 + y^2 = 5\)二、填空题（每题2分，共10分）6. 已知椭圆 \(\frac{x^2}{9} + \frac{y^2}{4} = 1\)，其长轴的长度为________。
7. 点A(2, -1)关于直线 \(x-y-1=0\) 对称的点的坐标是________。
8. 直线 \(2x - 3y + 1 = 0\) 与 \(x + y - 2 = 0\) 的交点坐标是________。
9. 抛物线 \(x^2 = 6y\) 的准线方程是________。
10. 圆 \(x^2 + y^2 - 2x - 4y + 4 = 0\) 的圆心坐标是________。
高三数学解析几何试题
高三数学解析几何试题1.（本小题满分14分）已知椭圆：的一个焦点为，且过点，右顶点为，经过点的动直线与椭圆交于两点．（1）求椭圆方程；（2）记和的面积分别为，求的最大值；（3）在轴上是否存在一点，使得点关于轴的对称点落在直线上？若存在，则求出点坐标；若不存在，请说明理由．【答案】（1）；（2）；（3）存在点满足条件．【解析】（1）求椭圆的标准方程，只要把点的坐标代入方程，再结合关系式关系式，列方程组可解得；（2）由于和有一条公共边，因此只要设，则有，从而我们只要设直线方程为，代入椭圆方程，由韦达定理可把用表示出来，再应用基本不等式可得最值（注意讨论的情形）；（3）本题是存在性命题，一般是假设其存在，假设在轴上存在一点满足已知条件，则，即，由（2）得，代入上式，应该是关于的恒等式，由此求得（若无解，说明假设错误，即不存在）．试题解析：（1）由已知得，解得∴椭圆方程为：（2）设直线方程为：联立得设，则当时，显然；当时，当且仅当，即时取等号综合得时，的最大值为．（3）假设在轴上存在一点满足已知条件，则即整理得：，任意，﹒故存在点满足条件﹒【考点】椭圆的标准方程，直线与椭圆的位置关系，解析几何中存在性问题的探讨．2. （本小题满分12分）已知圆C 1：x 2＋y 2＝r 2截直线x ＋y －＝0所得的弦长为．抛物线C 2：x 2＝2py （p>0）的焦点在圆C 1上． （1）求抛物线C 2的方程；（2）过点A （－1,0）的直线l 与抛物线C 2交于B ，C 两点，又分别过B 、C 两点作抛物线C 2的切线，当两条切线互相垂直时，求直线l 的方程． 【答案】（1）;（2）．【解析】（1）根据直线被圆所截得的弦长公式，计算圆的半径，抛物线的焦点在圆上，指的是圆与轴的交点，求参数；（2）因为涉及函数图像的切线，所以利用导数的几何意义，第一步，先设直线，与抛物线方程联立，根据韦达定理，计算两根之积，第二步，求切点处的导数，即为切线的斜率，两切线互相垂直，所以斜率乘积为-1，即导数乘积为-1，最后两步相结合，求参数和直线方程．试题解析：（1）易求得圆心到直线的距离为， 所以半径．∴圆C 1：x 2＋y 2＝1．抛物线的焦点（0，）在圆x 2＋y 2＝1上，得p ＝2， 所以x 2＝4y ．（2）设所求直线的方程为y ＝k （x ＋1）， B （x 1，y 1），C （x 2，y 2）．将直线方程代入抛物线方程可得x 2－4kx －4k ＝0， ∴x 1x 2＝－4k ． 因为抛物线y ＝，所以y′＝，所以两条切线的斜率分别为、，所以=－1＝，所以k ＝1．故所求直线方程为x －y ＋1＝0．【考点】1．圆的性质；2．抛物线的性质；3．直线与抛物线相交的综合问题4．导数的几何意义．3. （本题满分10分）选修4-1：几何证明选讲如图，A ，B ，C ，D 四点在同一圆上，AD 的延长线与BC 的延长线交于E 点，且EC ＝ED ．（1）证明：CD∥AB；（2）延长CD到F，延长DC到G，使得EF＝EG，证明：A，B，G，F四点共圆．【答案】（1）详见解析，（2）详见解析【解析】（1）利用圆内接四边形外角等于对角得：∠EDC＝∠EBA，而因为EC＝ED，所以∠EDC＝∠ECD．故∠ECD＝∠EBA．所以CD∥AB．（2）由作图可知：△EFA≌△EGB，故∠FAE＝∠GBE．从而∠AFG＋∠GBA＝180°，进而A，B，G，F四点共圆．试题解析：证明：（1）因为EC＝ED，所以∠EDC＝∠ECD．因为A，B，C，D四点在同一圆上，所以∠EDC＝∠EBA，故∠ECD＝∠EBA．所以CD∥AB．（2）由（1）知，AE＝BE，因为EF＝EG，故∠EFD＝∠EGC，从而∠FED＝∠GEC．连接AF，BG，则△EFA≌△EGB，故∠FAE＝∠GBE．又CD∥AB，∠EDC＝∠ECD，所以∠FAB＝∠GBA，所以∠AFG＋∠GBA＝180°，故A，B，G，F四点共圆．【考点】圆内接四边形4.已知椭圆：的离心率为，右顶点是抛物线的焦点．直线：与椭圆相交于，两点．（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）如果，点关于直线的对称点在轴上，求的值．【答案】（Ⅰ）方程为；（Ⅱ）．【解析】（Ⅰ）由抛物线的焦点坐标求出a的值，然后由离心率求出c的值，从而求出b的值及椭圆方程；（Ⅱ）设出点P、Q的坐标，将直线方程代入椭圆方程，利用韦达定理求出点M的坐标，然后利用对称性即MN的中垂线是直线，从而列出关于k的方程，最后求解即可．试题解析：（Ⅰ）抛物线，所以焦点坐标为，即，所以．又因为，所以．所以，所以椭圆的方程为．（Ⅱ）设，，因为，，所以，，所以，所以．由，得（判别式），得，，即．设，则中点坐标为，因为，关于直线对称，所以的中点在直线上，所以，解得，即．由于，关于直线对称，所以，所在直线与直线垂直，所以，解得．【考点】①求椭圆方程；②直线与椭圆的综合应用．【方法点睛】直线与圆锥曲线的综合问题，常将直线方程代入圆锥曲线方程，从而得到关于x（或y）的一元二次方程，设出交点坐标P（），Q（），利用韦达定理得出坐标的关系，同时注意判别式大于零求出参数的范围（或者得到关于参数的不等关系），然后将所求转化到参数上来再求解．如本题利用中垂线得到关于参数k的方程，然后求解即可．注意圆锥曲线问题中，常参数多、字母多、运算繁琐，应注意设而不求的思想、整体思想的应用．5.直线过抛物线x2＝2py（p＞0）的焦点，且与抛物线交于A、B两点，若线段AB的长是6，AB的中点到x轴的距离是1，则此抛物线方程是（）A．x2＝12y B．x2＝8y C．x2＝6y D．x2＝4y【答案】B【解析】直线经过焦点，所以（为两点的纵坐标），故依题意中点的纵坐标为，即，解得，所以选B．【考点】1、圆锥曲线——抛物线；2、数形结合的思想．6.选修4-4 极坐标与参数方程已知曲线的极坐标方程为，曲线（为参数）．（1）求曲线的普通方程；（2）若点在曲线上运动，试求出到曲线的距离的最小值．【答案】（1）；（2）．【解析】（1）由得，代入公式可得普通方程；（2）曲线是直线，其直角坐标方程为，点的坐标可表示为，由点到直线距离公式可得到直线的距离为，显然当时取得最小值．试题解析：（1）由得，代入得（2）曲线的普通方程是：设点，由点到直线的距离公式得：其中时，，此时【考点】椭圆的参数方程，坐标变换，点到直线距离公式．7.已知动圆与直线相切于点，圆被轴所截得的弦长为，则满足条件的所有圆的半径之积是．【答案】【解析】设圆心，半径为，根据圆被轴所截得的弦长为得：，又切点是，所以，且，所以解得或，从而或，，所以答案应填：．【考点】1、直线与圆相切；2、直线与圆相交；3、圆的标准方程．8.已知直线经过抛物线的焦点，则直线与抛物线相交弦弦长为（）A．9B．8C．7D．6【答案】B【解析】抛物线的焦点为，准线方程为，所以由题意可得，即，于是联立直线和抛物线方程可得：，设，则，所以由抛物线的定义可得，故应选．【考点】1、直线与抛物线的位置关系；2、抛物线的定义．9.双曲线的焦点到渐近线的距离为 .【答案】4【解析】焦点，渐近线，即，则【考点】双曲线渐近线10.选修4-1：几何证明选讲如图，直线AB为圆的切线，切点为B，点C在圆上，锐角∠ABC的平分线BE交圆于点E，DB垂直BE交圆于D．（Ⅰ）证明：DB=DC；（Ⅱ）设圆的半径为1，BC=，延长CE交AB于点F，求△BCF外接圆的半径．【答案】（Ⅰ）详见解析；（Ⅱ）．【解析】（Ⅰ）连接，交与点，由弦切角定理得，，由角平分线可得，可得，所以，由已知，可知是直径，再利用直角三角形得证；（Ⅱ）由上一问可知是的垂直平分线，即可得到，设的中点为，连接，可得，从而，可得，进而得到的外接圆的半径．试题解析：证明：连接，交与点，由弦切角定理得，因为所以，所以又因为，所以是直径，，由勾股定理可得……5分（Ⅱ）由（Ⅰ）知，，故是的中垂线，所以设中点为，连接，则，所以，所以的外接圆半径等于【考点】1．弦切角定理；2．与圆有关的知识．11.选修4-4：坐标系与参数方程已知直线（为参数），曲线（为参数）．（1）设与相交于，两点，求；（2）若把曲线上各点的横坐标压缩为原来的倍，纵坐标压缩为原来的倍，得到曲线，设点是曲线上的一个动点，求它到直线的距离的最小值．【答案】（1）；（2）【解析】（1）由得普通方程为，的普通方程为．联立方程组，即可求出结果；（2）的参数方程为（为参数），故点的坐标是，从而点到直线的距离，根据三角函数的性质即可求出结果．试题解析：（1）的普通方程为，的普通方程为，联立方程组，解得交点坐标为，，所以；（2）曲线（为参数）．设所求的点为，则到直线的距离当时，取得最小值．【考点】1．极坐标；2．参数方程．12.选修4-1：几何证明选讲如图，是圆的直径，为圆上的点，是的角平分线，与圆切于点，且交的延长线于点，，垂足为点．（1）求证：；（2）若圆的半径为，，试求线段的长．【答案】（1）详见解析；（2）【解析】（1）连接，可得四点共圆，可得，又，．于是，即可得出；（2）在中，根据余项公式即可求出结果．试题解析：解：（1）连接，，∵，∴．又∵，∴．∴．∵是圆的切线，∴，∴．∴，∴．又，，∴．∴，．∵是圆的切线，由切割线定理，得．在中，由射影定理，得．∵，∴，∴．（2）在中，，∴．于是．【考点】1．切割线定理；2．弦切角．13.（2011•江苏模拟）已知⊙O：x2+y2=1和定点A（2，1），由⊙O外一点P（a，b）向⊙O 引切线PQ，切点为Q，且满足|PQ|=|PA|．（1）求实数a，b间满足的等量关系；（2）求线段PQ长的最小值；（3）若以P为圆心所作的⊙P与⊙O有公共点，试求半径最小值时⊙P的方程．【答案】（1）2a+b﹣3=0．（2）．（3）+=．【解析】（1）由勾股定理可得 PQ2=OP2﹣OQ2=PA2，即（a2+b2）﹣1=（a﹣2）2+（b﹣1）2，化简可得a，b间满足的等量关系．（2）由于 PQ==，利用二次函数的性质求出它的最小值．（3）设⊙P 的半径为R，可得|R﹣1|≤PO≤R+1．利用二次函数的性质求得OP=的最小值为，此时，求得b=﹣2a+3=，R取得最小值为﹣1，从而得到圆的标准方程．解：（1）连接OQ，∵切点为Q，PQ⊥OQ，由勾股定理可得 PQ2=OP2﹣OQ2．由已知PQ=PA，可得 PQ2=PA2，即（a2+b2）﹣1=（a﹣2）2+（b﹣1）2．化简可得 2a+b﹣3=0．（2）∵PQ====，故当a=时，线段PQ取得最小值为．（3）若以P为圆心所作的⊙P 的半径为R，由于⊙O的半径为1，∴|R﹣1|≤PO≤R+1．而OP===，故当a=时，PO取得最小值为，此时，b=﹣2a+3=，R取得最小值为﹣1．故半径最小时⊙P 的方程为+=．【考点】圆的标准方程；圆的切线方程．14.已知圆（x﹣m）2+y2=4上存在两点关于直线x﹣y﹣2=0对称，若离心率为的双曲线﹣=1（a＞0，b＞0）的两条渐近线与圆相交，则它们的交点构成的图形的面积为（）A．1B．C．2D．4【答案】D【解析】由圆的对称性可得圆心在直线x﹣y﹣2=0，可得m=2，由离心率公式及a，b，c的关系，可得a=b，求得渐近线方程，代入圆的方程解得交点，由三角形的面积公式即可得到所求值．解：圆（x﹣m）2+y2=4上存在两点关于直线x﹣y﹣2=0对称，可得直线x﹣y﹣2=0经过圆心（m，0），可得m=2，由e==，a2+b2=c2，可得a=b，即有双曲线的渐近线方程为y=±x，将直线y=±x代入圆的方程（x﹣2）2+y2=4，解得交点为（0，0），（2，﹣2），（2，2），可得围成的三角形的面积为×2×4=4．故选：D．【考点】双曲线的简单性质．15.定义：在平面内，点到曲线上的点的距离的最小值称为点到曲线的距离.在平面直角坐标系中，已知圆：及点，动点到圆的距离与到点的距离相等，记点的轨迹为曲线.（Ⅰ）求曲线的方程；（Ⅱ）过原点的直线（不与坐标轴重合）与曲线交于不同的两点，点在曲线上，且，直线与轴交于点，设直线的斜率分别为，求【答案】（Ⅰ）;（Ⅱ）.【解析】（Ⅰ）由点到曲线的距离的定义可知，到圆的距离，所以，所以有，由椭圆定义可得点的轨迹为以、为焦点的椭圆，从而可求出椭圆的方程；（Ⅱ）设,则,则直线的斜率为，由可得直线的斜率是，记，设直线的方程为，与椭圆方程联立，得到关于的一元二次方程，利用韦达定理用表示与即可得到结论.试题解析：（Ⅰ）由分析知：点在圆内且不为圆心，故,所以点的轨迹为以、为焦点的椭圆，设椭圆方程为，则，所以，故曲线的方程为（Ⅱ）设,则,则直线的斜率为，又，所以直线的斜率是，记，设直线的方程为，由题意知，由得：.∴，∴，由题意知，，所以，所以直线的方程为，令，得，即.可得.所以，即（其他方法相应给分）【考点】1.椭圆的定义与几何性质；2.直线与椭圆的位置关系.16.已知抛物线C：y2 =8x的焦点为F，准线为l，P是l上一点，Q是直线PF与C的一个交点，若FP=3FQ，则|QF|=A．B．C．3D．2【答案】A【解析】过点作由抛物线定义知，由三角形相似得，所以；故选A．【考点】1.抛物线的定义；2.相似三角形.17.已知椭圆与x轴负半轴交于点C，A为椭圆第一象限上的点，直线OA交椭圆于另一点B，椭圆的左焦点为F，若直线AF平分线段BC，则椭圆的离心率等于（）A．B．C．D．【答案】A【解析】如图所示，连接，因为平分，即为的中点，所以为的中位线，所以，所以，即，所以，故选A.【考点】椭圆的标准方程及其简单的几何性质的应用.【方法点晴】本题主要考查了椭圆的标准方程及其简单的几何性质的应用、离心率的而求解，属于中档试题，解题时注意认真审题，同时注意椭圆对称性和三角形中位线的灵活运用，同时着重考查了数形结合的思想方法的应用，本题的解答中，推得为的中点，得出为的中位线，从而，在借助三角形相似的比例关系，即可得到的关系式，从而求解离心率的值.18.已知椭圆（）经过点，且其离心率为，、分别为椭圆的左、右焦点．设直线与椭圆相交于，两点，为坐标原点．（I）求椭圆的标准方程；（II）当时，求的面积的最大值；（III）以线段，为邻边作平行四边形，若点在椭圆上，且满足，求实数的取值范围．【答案】（I）；（II）；（III）且．【解析】（I）根据离心率为可得，把点代入椭圆方程结合即可求得椭圆方程；（II）先验证轴时，不合题意，整理直线与椭圆方程构成的方程组，利用韦达定理求出弦的长，利用点到直线的距离公式求出点到的距离，从而表示出的面积，通过换元利用基本不等式即可求得其最大值；（III）由向量加法的几何意义可知即为，由此可得坐标与坐标间的关系，整理直线与椭圆方程构成的方程组，写出韦达定理即坐标间的关系，根据点在椭圆上，把其坐标代入椭圆方程即得的关系式，利用方程有解即可求得的范围.试题解析：（I）由题意得：，，．又椭圆经过点，则，解得，所以，椭圆的标准方程为．（II）当时，即直线，依题意知若轴时，不存在，所以不合题意．设点，的坐标分别为，，由得，，得，，，所以．又点到直线的距离为，的面积．令（），得，则，当且仅当，即时等号成立，此时且满足，所以的最大值为．（III）由得，，，可得．由向量加法得，，．①当时，点，关于原点对称，则，此时不构成平行四边形，舍去；②当时，点，不关于原点对称，设点，则由得（），即．由点在椭圆上，得，化简得．，．①又，得，②联立①、②得，，，即且．综上：且．【考点】椭圆方程及直线与椭圆位置关系的综合应用.【方法点睛】本题主要考查了椭圆的方程、直线与椭圆位置关系的综合应用，属于难题.求椭圆方程最常用的方法是待定系数法，根据题目条件建立待定系数的方程组，解方程组即可；最值问题通常是设而不解，根据韦达定理和判别式表示出要求最值的量，利用基本不等式或函数的知识来求出最值；本题解答的难点是第三问，根据向量加法的坐标运算和韦达定理求出的坐标，代入椭圆方程构造参数间的关系式，利用方程有解求出参数的范围.19.已知直线（为参数），曲线（为参数）.（1）设与相交于两点，求；（2）若把曲线上各点的横坐标压缩为原来的，纵坐标压缩为原来的，得到曲线，设点是曲线上的一个动点，求它的直线的距离的最小值.【答案】（1）；（2）．【解析】（1）将直线中的与代入到直线，即可得到焦点坐标，然后利用两点间的距离公式即可求出；（2）将直线的参数方程化为普通方程，曲线任意点的坐标，利用点到直线的距离公式求得点到直线的距离，分子合并后利用两角和与差的正弦函数公式及特殊角的三角函数值化为一个角的正弦函数，与分母的分化简后，根据正弦函数的值域可得正弦函数的最小值，进而得到距离的最小值．试题解析：（1）的普通方程为的普通方程为联立方程组解得与的交点为,,则.（2）的参数方程为为参数).故点的坐标是,从而点到直线的距离是,由此当时,取得最小值,且最小值为.【考点】圆的参数方程；函数的图象与图象的变化；直线与圆相交的性质．20.在平面直角坐标系中，已知点，直线，点是圆上的动点，垂足分别为，则线段的最大值是（）A．B．C．D．【答案】D【解析】圆，即.如图，过点作直线的垂线，交于点，则，所以此问题转化为求圆上的点到直线的距离的最大值，即圆心到直线的距离加半径.易知直线的方程是，点到直线的距离是，所以的最大值是+=，故选D.【考点】直线与圆的位置关系的应用.21.已知是抛物线的一个动点，是圆上的一个动点，定点，若轴，且，则的周长的取值范围是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】抛物线的准线,焦点,由抛物线定义可得,圆的圆心为,半径为,的周长，由抛物线及因为在圆上., 故选C.【考点】1、抛物线的标准方程；2、抛物线的简单性质及定义.【方法点晴】本题主要考查抛物线的标准方程和抛物线的简单性质及抛物线的定义，属于难题.与抛物线的定义有关的问题常常实现由点到点的距离与点到直线的距离的转化：（1）将抛物线上的点到准线的距化为该点到焦点的距离，构造出“两点之间线段最短”，使问题得解；（2）将拋物线上的点到焦点的距离转化为到准线的距离，利用“点与直线上所有点的连线中垂线段最短”原理解决.本题求三角形周长时就是将转化为到准线的距离，再根据几何意义解题的.22.抛物线上一点到焦点的距离为3，则点的横坐标为（）A．1B．2C．3D．4【答案】B【解析】，，．故选B．【考点】抛物线的定义．23.选修4-4：坐标系与参数方程已知极坐标的极点与直角坐标系的原点重合，极轴与正半轴重合，且长度单位相同，直线的极坐标方程为，点，（参数）.（1）求点轨迹的直角坐标方程；（2）求点到直线距离的最大值.【答案】（1）（2）6.【解析】（1）利用消去参数得（2）根据将直线极坐标方程化为直角坐标方程，利用直线与圆位置关系得点到直线距离的最大值为半径加点到直线距离.试题解析：解：（1）设点，则且，消去参数得点的轨迹方程：；（2）由得：，即，所以直线的直角坐标方程为；由于的轨迹为圆，圆心到直线距离为，由数形结合得点到直线距离的最大值为【考点】参数方程化普通方程，极坐标方程化为直角坐标方程，直线与圆位置关系24.在平面直角坐标系中，已知椭圆（）过点，离心率为．（1）求椭圆的方程；（2）设直线与椭圆交于，两点．①若直线过椭圆的右焦点，记三条边所在直线的斜率的乘积为，求的最大值；②若直线的斜率为，试探究是否为定值，若是定值，则求出此定值；若不是定值，请说明理由．【答案】（1）；（2）①；②.【解析】（1）运用椭圆标准方程中基本量之间的关系建立方程即可得到答案；（2）①运用直线与椭圆的位置关系建立二次方程，借助根与系数的关系构建函数可获解；②运用直线与椭圆的位置关系建立二次方程，借助根与系数的关系及欲证目标进行运算求解即可获解.试题解析：（1），，得，．所以椭圆．（2）①设直线的方程为，直线与椭圆的交点为，．由，化简得，易知，所以，．所以，所以，所以当时，有最大值．②设直线的方程为，直线与椭圆的交点为、，，得，，即．，，．【考点】椭圆的标准方程及及运用、直线与椭圆的位置关系和解方程、借助二次函数求最值的能力及函数方程思想的运用.25.在直角坐标系中，曲线C的参数方程为 (其中为参数)，以坐标原点为极点，轴的正半轴为极轴建立极坐标系中，直线的极坐标方程为.（Ⅰ）求C的普通方程和直线的倾斜角；（Ⅱ）设点(0，2)，和交于两点，求.【答案】（Ⅰ）,．（Ⅱ）．【解析】（Ⅰ）由参数方程消去参数即得；由极坐标方程化为直角坐标方程，根据斜率即得倾斜角（Ⅱ）根据在直线上，可设直线的参数方程代入椭圆方程化简，根据一元二次方程根与系数的关系，利用参数的几何意义求解.试题解析：解法一：（Ⅰ）由消去参数，得，由，得，（＊）将代入（＊），化简得，所以直线的倾斜角为．（Ⅱ）由（Ⅰ）知，点在直线上，可设直线的参数方程为（为参数），即（为参数），代入并化简，得．．设两点对应的参数分别为，则，所以所以．解法二：（Ⅰ）同解法一.（Ⅱ）直线的普通方程为.由消去得，于是.设，则，所以.故.【考点】1、参数方程；2、极坐标方程．26.已知椭圆的右焦点为，为椭圆的上顶点，为坐标原点，且是等腰直角三角形.（Ⅰ）求椭圆的方程；（Ⅱ）过点分别作直线交椭圆于两点，设两直线的斜率分别为，且，证明：直线过定点.【答案】（Ⅰ）（Ⅱ）详见解析【解析】（Ⅰ）求椭圆标准方程就是利用条件确定，由是等腰直角三角形，得（Ⅱ）直线过定点问题，实质是先求直线方程，再证过定点,以算代证. 当直线的斜率不存在时，易得方程为，显然过点.当直线的斜率存在时，设方程为，由，可得，即，利用直线方程与椭圆方程联立方程组，消去y得一元二次方程，利用韦达定理可得.代入化简得，从而直线的方程为，过定点试题解析：解：（Ⅰ）由是等腰直角三角形，得，故椭圆方程为.（Ⅱ）（1）若直线的斜率存在，设方程为，依题意.设，由得.则.由已知，可得，所以.所以，整理得.故直线的方程为，即.所以直线过定点.（2）若直线的斜率不存在，设方程为，设，由已知，得，此时方程为，显然过点.综上，直线过定点.【考点】椭圆标准方程，直线与椭圆位置关系，直线过定点【思路点睛】定点、定值问题通常是通过设参数或取特殊值来确定“定点”是什么、“定值”是多少，或者将该问题涉及的几何式转化为代数式或三角问题，证明该式是恒定的. 定点、定值问题同证明问题类似，在求定点、定值之前已知该值的结果，因此求解时应设参数，运用推理，到最后必定参数统消，定点、定值显现.27.设，分别是双曲线（，）的左、右焦点，是的右支上的点，射线平分交轴于点,过原点作的平行线交于点,若,则的离心率为（）A．B．3C．D．【答案】A【解析】因为设双曲线的顶点为，考察特殊位置，当时，射线直线，此时，即，特别地，与重合时，所以由得，，，故选A.【考点】1、双曲线的几何性质；2、双曲线的离心率.【方法点晴】本题主要考查利用双曲线的简单性质求双曲线的离心率，属于中档题.求解与双曲线性质有关的问题时要结合图形进行分析，既使不画出图形，思考时也要联想到图形，当涉及顶点、焦点、实轴、虚轴、渐近线等双曲线的基本量时，要理清它们之间的关系，挖掘出它们之间的内在联系.求离心率问题应先将用有关的一些量表示出来，再利用其中的一些关系构造出关于的等式，从而求出的值.28.直线l经过椭圆的一个顶点和一个焦点，若椭圆中心到l的距离为其短轴长的，则该椭圆的离心率为A．B．C．D．【答案】B【解析】如图，在椭圆中，，在中，，且，代入解得，所以椭圆的离心率为，故选B.【考点】椭圆的几何性质【名师】求椭圆或双曲线的离心率是高考常考问题,求解此类问题的一般步骤是先列出等式,再转化为关于a,c的齐次方程,方程两边同时除以a的最高次幂,转化为关于e的方程,解方程求e .29.抛物线的焦点坐标是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】又焦点在轴，故选C.【考点】抛物线的标准方程及其性质.【易错点晴】本题主要考查抛物线的标准方程及其性质，题型较简单，但很容易犯错，属于易错题型.要解好此类题型应牢牢掌握抛物线方程的四种标准形式：，在解题之前应先判断题干中的方程是否是标准方程，如果不是标准方程应将其化为标准方程，并应注意：焦点中非零坐标是一次项系数的四分之一.30.选修4-1：几何证明选讲如图，等边三角形内接于圆，以为切点的圆的两条切线交于点，交圆于点.（1）求证：四边形为菱形；（2）若，求等边三角形的面积.【答案】（１）证明见解析；（２）．【解析】（１）先证四边形为平行四边形，再证明邻边相等即可；（２）利用根据切割线定理得：整理成只含的等式，可求得的值，进而得，可得三角形的面积．试题解析：（1）证明：∵三角形为等边三角形，∴，又∵分别为以为切点的圆的切线，∴，且，∴三点共线.∵，∴，又∵四点共圆，∴，∴为等边三角形，∴可得，，∴，，∴四边形为平行四边形，又∵，∴四边形为菱形.（2）解：∵是圆的切线，根据切割线定理得：在直角三角形中，，∴.又∵，∴，∵，∴，即，解得，∴，∴等边三角形的面积为.【考点】与圆有关的比例线段．31.已知双曲线的左、右焦点分别为，双曲线的离心率为，若双曲线上一点使，则的值为（）A．B．C．D．【答案】B【解析】由题意得，在中，由正弦定理得，，又因为,结合这两个条件得，,由余弦定理可得，,，则综合选B．【考点】1．正弦定理的应用；2．余弦定理的应用；3．双曲线的性质；4．平面向量的数量积．【思路点晴】本题主要考查正弦定理的应用，余弦定理的应用，双曲线的性质，平面向量的数量积，属于中档题，本题给的已知条件看似比较抽象，其实画出草图会发现，点在双曲线的右支上，由中，利用正弦定理可将已知条件转化点，再结合双曲线的性质，得，进而可求出的值，再解这个三角形即可求出所需要求的值，本题中，正确对已知条件进行转化是解题的关键．32.已知椭圆的左焦点关于直线的对称点在椭圆上，则椭圆的离心率是（）A．B．C．D．【答案】C【解析】设右焦点为，则,因此可设，从而由得，选C.。
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解析几何1.（21）（本小题满分13分）设，点的坐标为（1,1），点在抛物线上运动，点满足，经过点与轴垂直的直线交抛物线于点，点满足,求点的轨迹方程。
（21）（本小题满分13分）本题考查直线和抛物线的方程，平面向量的概念，性质与运算，动点的轨迹方程等基本知识，考查灵活运用知识探究问题和解决问题的能力，全面考核综合数学素养.解：由知Q，M，P三点在同一条垂直于x轴的直线上，故可设①再设解得②，将①式代入②式，消去，得③，又点B在抛物线上，所以，再将③式代入，得故所求点P的轨迹方程为2.（17）（本小题满分13分）设直线（I）证明与相交；（II）证明与的交点在椭圆（17）（本小题满分13分）本题考查直线与直线的位置关系，线线相交的判断与证明，点在曲线上的判断与证明，椭圆方程等基本知识，考查推理论证能力和运算求解能力.证明：（I）反证法，假设是l1与l2不相交，则l1与l2平行，有k1=k2，代入k1k2+2=0，得此与k1为实数的事实相矛盾. 从而相交.（II）（方法一）由方程组，解得交点P的坐标为，而此即表明交点（方法二）交点P的坐标满足，，整理后，得所以交点P在椭圆.已知椭圆G：，过点（m，0）作圆的切线l交椭圆G于A，B两点。
（1）求椭圆G的焦点坐标和离心率；（2）将表示为m的函数，并求的最大值。
（19）解：（Ⅰ）由已知得所以所以椭圆G的焦点坐标为，离心率为（Ⅱ）由题意知，.当时，切线l的方程，点A、B的坐标分别为此时当m=－1时，同理可得当时，设切线l的方程为由；设A、B两点的坐标分别为，则；又由l与圆所以由于当时，因为且当时，|AB|=2，所以|AB|的最大值为2.．（本小题共14分）已知椭圆的离心率为，右焦点为（,0），斜率为I的直线与椭圆G交与A、B两点，以AB为底边作等腰三角形，顶点为P（-3,2）.（I）求椭圆G的方程；（II）求的面积.（19）解：（Ⅰ）由已知得解得，又所以椭圆G的方程为（Ⅱ）设直线l的方程为由得设A、B的坐标分别为AB中点为E，则；因为AB是等腰△PAB的底边，所以PE⊥AB.所以PE的斜率解得m=2。
此时方程①为解得所以所以|AB|=.此时，点P（—3，2）到直线AB：的距离所以△PAB的面积S=．（本小题满分13分）已知直线l：y=x+m，m∈R。
（I）若以点M（2,0）为圆心的圆与直线l相切与点P，且点P在y轴上，求该圆的方程；（II）若直线l关于x轴对称的直线为，问直线与抛物线C：x2=4y是否相切？说明理由。
17．本小题主要考查直线、圆、抛物线等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想、数形结合思想、化归与转化思想、分类与整合思想。
满分13分。
解法一：（I）依题意，点P的坐标为（0，m）因为，所以，解得m=2，即点P的坐标为（0，2）从而圆的半径故所求圆的方程为（II）因为直线的方程为所以直线的方程为由,（1）当时，直线与抛物线C相切（2）当，那时，直线与抛物线C不相切。
综上，当m=1时，直线与抛物线C相切；当时，直线与抛物线C不相切。
解法二：（I）设所求圆的半径为r，则圆的方程可设为依题意，所求圆与直线相切于点P（0，m），则解得所以所求圆的方程为（II）同解法一。
.（本小题满分12分）如图，直线l：y＝x＋b与抛物线C：x2＝4y相切于点A。
（Ⅰ）求实数b的值；（Ⅱ）求以点A为圆心，且与抛物线C的准线相切的圆的方程。
18．本小题主要考查直线、圆、抛物线等基础知识，考查运算求解能力，考查函数与方程思想、数形结合思想，满分12分。
解：（I）由，（*）因为直线与抛物线C相切，所以解得b=-1。
（II）由（I）可知，解得x=2，代入故点A（2，1），因为圆A与抛物线C的准线相切，所以圆A的半径r等于圆心A到抛物线的准线y=-1的距离，即所以圆A的方程为. （本小题满分14分）设圆C与两圆中的一个内切，另一个外切.（1）求C的圆心轨迹L的方程.（2）已知点且P为L上动点，求的最大值及此时点P的坐标.19．（1）解：设C的圆心的坐标为，由题设条件知化简得L的方程为（2）解：过M，F的直线方程为，将其代入L的方程得解得因T1在线段MF外，T2在线段MF内，故，若P不在直线MF上，在中有故只在T1点取得最大值2。
（2）设是定点，其中满足.过作的两条切线，切点分别为，与分别交于.线段上异于两端8.点的点集记为.证明：；21．解：（１），直线AB的方程为，即，，方程的判别式，两根或，，，又，，得，．（２）由知点在抛物线L的下方，①当时，作图可知，若，则，得；若，显然有点；．②当时，点在第二象限，作图可知，若，则，且；若，显然有点；．根据曲线的对称性可知，当时，，综上所述，（*）；由（１）知点M在直线EF上，方程的两根或，同理点M在直线上，方程的两根或，若，则不比、、小，，又，；又由（１）知，；，综合（*）式，得证．（３）联立，得交点，可知，过点作抛物线L的切线，设切点为，则，得，解得，又，即，，设，，，又，；，，．．（本小题满分14分）在平面直角坐标系中，直线交轴于点A，设是上一点，M是线段OP的垂直平分线上一点，且满足∠MPO=∠AOP（1）当点P在上运动时，求点M的轨迹E的方程；（2）已知T（1，-1），设H是E 上动点,求+的最小值，并给出此时点H的坐标；（3）过点T（1，-1）且不平行与y轴的直线l1与轨迹E有且只有两个不同的交点，求直线的斜率k的取值范围。
21．（本小题满分14分）解：（1）如图1，设MQ为线段OP的垂直平分线，交OP于点Q，因此即①另一种情况，见图2（即点M和A位于直线OP的同侧）。
MQ为线段OP的垂直平分线，又因此M在轴上，此时，记M的坐标为为分析的变化范围，设为上任意点由（即）得，故的轨迹方程为②综合①和②得，点M轨迹E的方程为（2）由（1）知，轨迹E的方程由下面E1和E2两部分组成（见图3）：；当时，过Ｔ作垂直于的直线，垂足为，交E 1于。
再过H 作垂直于的直线，交因此，（抛物线的性质）。
（该等号仅当重合（或H 与D 重 合）时取得）。
当时，则综合可得，|HO|+|HT|的最小值为3，且此时点H 的坐标为（3）由图3知，直线的斜率不可能为零。
设故的方程得：因判别式所以与E 中的E 1有且仅有两个不同的交点。
又由E 2和的方程可知，若与E 2有交点，则此交点的坐标为有唯一交点，从而表三个不同的交点。
因此，直线的取值范围是. （本小题满分14分）平面内与两定点，连续的斜率之积等于非零常数的点的轨迹，加上、两点所成的曲线可以是圆、椭圆成双曲线.（Ⅰ）求曲线的方程，并讨论的形状与值得关系；（Ⅱ）当时，对应的曲线为；对给定的，对应的曲线为，设、是的两个焦点。
试问：在撒谎个，是否存在点，使得△的面积。
若存在，求的值；若不存在，请说明理由。
20．本小题主要考查曲线与方程、圆锥曲线等基础知识，同时考查推理运算的能力，以及分类与整合和数形结合的思想。
（满分14分）解：（I ）设动点为M ，其坐标为，当时，由条件可得即，又的坐标满足故依题意，曲线C 的方程为当曲线C 的方程为是焦点在y 轴上的椭圆；当时，曲线C 的方程为，C 是圆心在原点的圆；当时，曲线C 的方程为，C 是焦点在x 轴上的椭圆；当时，曲线C 的方程为C 是焦点在x 轴上的双曲线。
（II ）由（I ）知，当m=-1时，C 1的方程为当时，C 2的两个焦点分别为对于给定的，C 1上存在点使得的充要条件是由①得由②得 当或时，存在点N ，使S=|m|a 2；当或时，不存在满足条件的点N ， 当时，由，可得令，则由，①②从而，于是由，可得综上可得：当时，在C1上，存在点N，使得当时，在C1上，存在点N，使得当时，在C1上，不存在满足条件的点N。
11.(本小题满分13分）如图7，椭圆的离心率为，轴被曲线截得的线段长等于的长半轴长。
（Ⅰ）求，的方程；（Ⅱ）设与轴的交点为M，过坐标原点O的直线与相交于点A,B,直线MA,MB分别与相交与D,E.（i）证明：；(ii)记△MAB,△MDE的面积分别是.问：是否存在直线,使得=?请说明理由。
解析：（I）由题意知，从而，又，解得。
故的方程分别为。
（II）（i）由题意知，直线的斜率存在，设为，则直线的方程为.由得，设，则是上述方程的两个实根，于是。
又点的坐标为，所以故，即。
（ii）设直线的斜率为，则直线的方程为，由解得或，则点的坐标为,又直线的斜率为，同理可得点B的坐标为.于是由得，解得或，则点的坐标为；又直线的斜率为，同理可得点的坐标为于是因此由题意知，解得或。
又由点的坐标可知，，所以故满足条件的直线存在，且有两条，其方程分别为和。
．已知平面内一动点到点F（1，0）的距离与点到轴的距离的等等于1．（I）求动点的轨迹的方程；（II）过点作两条斜率存在且互相垂直的直线，设与轨迹相交于点，与轨迹相交于点，求的最小值．解析：（I）设动点的坐标为，由题意为化简得当、所以动点P的轨迹C的方程为（II）由题意知，直线的斜率存在且不为0，设为，则的方程为．由，得设则是上述方程的两个实根，于是．因为，所以的斜率为．设则同理可得：故当且仅当即时，取最小值16．.（本小题满分16分）如图，在平面直角坐标系中，M、N分别是椭圆的顶点，过坐标原点的直线交椭圆于P、A两点，其中P在第一象限，过P作x轴的垂线，垂足为C，连接AC，并延长交椭圆于点B，设直线PA的斜率为k.（1）当直线PA平分线段MN时，求k的值；（2）当k=2时，求点P到直线AB的距离d；（3）对任意k>0，求证：PA⊥PB.答案：（1）由题意知M(-2,0),N(0,),M、N的中点坐标为(-1,),直线PA平分线段MN时，即直线PA经过M、N的中点,又直线（2）直线,由得，，AC方程：即：所以点P到直线AB的距离（3）法一：由题意设，A、C、B三点共线，又因为点P、B在椭圆上，，两式相减得：.法二：设,A、C、B三点共线，又因为点A、B在椭圆上,,两式相减得：,,法三：由得，直线代入得到，解得，解析：本题主要考查椭圆的标准方程与几何性质，直线的斜率及其方程，点到直线距离公式、直线的垂直关系的判断.另外还考查了解方程组，共线问题、点在曲线上,字母运算的运算求解能力, 考查推理论证能力.(1)(2)是容易题；（3）是考察学生灵活运用、数学综合能力是难题.. （本小题满分13分）是双曲线：上一点，，分别是双曲线的左、右顶点，直线，的斜率之积为.（1）求双曲线的离心率；（2）过双曲线E的右焦点且斜率为1的直线交双曲线于、两点，为坐标原点，为双曲线上一点，满足，求的值.【解析】（1）点是双曲线：上，有，由题意又有，可得，则（2）联立，得，设，则，设，，即又为双曲线上一点，即，有化简得：又，在双曲线上，所以，由（1）式又有得：，解出，或.(本小题满分12分）已知过抛物线的焦点，斜率为的直线交抛物线于（）两点，且．（1）求该抛物线的方程；（2）为坐标原点，为抛物线上一点，若，求的值．解析：（1）直线AB的方程是所以：，由抛物线定义得：，所以p=4，抛物线方程为：（2）、由p=4，化简得，从而,从而A:(1,),B(4,)设=，又，即8（4），即，解得20．（本小题满分12分）如图，已知椭圆C1的中心在原点O，长轴左、右端点M，N在x轴上，椭圆C2的短轴为MN，且C1，C2的离心率都为e，直线l⊥MN，l与C1交于两点，与C2交于两点，这四点按纵坐标从大到小依次为A，B，C，D．（I）设，求与的比值；（II）当e变化时，是否存在直线l，使得BO∥AN，并说明理由．．解：（I）因为C1，C2的离心率相同，故依题意可设设直线，分别与C1，C2的方程联立，求得………………4分当表示A，B的纵坐标，可知………………6分（II）t=0时的l不符合题意.时，BO ………………12分17（20）（本小题满分12分）在平面直角坐标系xOy中，已知点A(0,-1)，B点在直线y = -3上，M点满足，，M点的轨迹为曲线C。