【5月30日南昌高考二模文综】2020年5月江西省南昌市高三年级第二次模拟测试文综试卷含答案
2020届江西省南昌市高三二模语文试卷(有答案)(精品)
江西南昌市高三第二次模拟测试卷本卷满分150分，考试时间150分钟。
答题时，请将答案直接写在答题卷相应的位置上。
第Ⅰ卷阅读题甲必答题一、现代文阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1—3题。
民间乡土艺术艺术是生活中人们对于美的体验，是一种高尚情操的宣泄。
民间乡土艺术则是艺苑中开遍各个角落的最普通而生命力最顽强的花朵，它是一定空间的民众将生活的艺术化表现，最终成为乡民价值取向和精神追求绵延宏大的主要元素。
民间乡土艺术是“俗”的艺术，但“雅”的艺术就是“俗”的艺术去粗取精的结果，犹如唐诗是“国风”发展的结晶，宋词就是民间“俚巷之曲”的“雅”化。
乡土艺术带着岁月的印痕、先民的记忆，伴随着一代代普通大众的生活，延伸着艺术的精髓，饱含最古老朴素、最纯真优秀的理念和精神并不断提升，最终沉积为最具地域性和民族性的“乡土意识”。
这种意识滋养着一辈辈民众的精神，引导着人们的信仰，成为后世的典范。
优秀的乡土意识最终结晶为一种文化，而它是一个区域乃至民族文化的渊源。
因为人是一种文化的存在，而文化在特定的时空中展开，特定的文化形态一旦形成，便渐渐积淀成为一种文化记忆。
而“乡土意识”最深处的记忆就是家乡传承了数十年上百年的乡土艺术。
乡土艺术也就是起源于民间、传承于民间、发展于民间的物化艺术和表现艺术。
中华艺术从“混生”到分门别类的发展，有着漫长的历史过程，但着眼于现实，其实许多艺术，特别是源于民间而在民间自由发展的乡土艺术是相互交融、相互影响、相互渗透的。
比如民间建筑，既是建筑艺术，又融合了木作、木雕、石雕、砖雕等艺术，甚至包含彩绘技艺。
建筑者从来没有思考过分类，甚至从来就没有建筑属于艺术的想法，只是按照生活的需要和世世代代流传的样形，加进去了自己的“想法”，完成体现实用之善与精神之悦的和谐统一体——房屋或居落。
物尽其善、形显俊美是乡土工艺之根，“混生”是民间乡土艺术的基本特征。
所以，对于乡土艺术的分类，只能是见仁见智。
江西省南昌市2020届高三第二次模拟考试数学(文)试题
第二次模拟测试卷文科数学本试卷共4页，23小题，满分150分．考试时间120分钟． 注意事项：1．答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填涂在答题卡上，并在相应位置贴好条形码．2．作答选择题时，选出每小题答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案信息涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案．3．非选择题必须用黑色水笔作答，答案必须写在答题卡各题目指定区域内相应位置上；如需改动，先划掉原来答案，然后再写上新答案，不准使用铅笔和涂改液．不按以上要求作答无效． 4．考生必须保证答题卡整洁．考试结束后，将试卷和答题卡一并交回．一．选择题：本题共12小题，每小题5分，共60分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．1．复数11z =，2z i =，12z z z =⋅，则z =（ ）A B ．2 C ． D ．42．集合{A x y ==，{B y y ==，则A B =I （ ）A ．∅B ．[]2,2-C ．[]0,2D ．{}23．已知空间内两条不同的直线a ，b ，则“//a b ”是“a 与b 没有公共点”的（ ） A ．充分不必要条件 B ．必要不充分条件 C ．充要条件 D ．既不充分也不必要条件 4．已知()l 11n 1,,x x f x x x -≤⎧=⎨>⎩，则不等式()1f x >的解集是（ ）A ．(),e +∞B ．()2,+∞C ．()1,eD ．()2,e5．已知函数()()x x f x e ae a R -=+∈的图象关于原点对称，则()f a =（ ） A ．1e e - B ．1 C ．1e e - D ．1e e+ 6．已知ABC V 中角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若2a c =，sin 2cos2A C =，则角A 等于（ ）A ．6π B ．3π C ．2πD ．23π7．已知a r 、b r 为不共线的两个单位向量，且a r 在b r 上的投影为12-，则2a b -=r r （ ）A B C D8．直线2sin 0x y θ⋅+=被圆2220x y +-+=截得最大弦长为（ ）A ．B ．C ．3D ．9．函数()ln xx f x xe =的图象大致为（ ） A ．B ．C ．D ．10．已知抛物线2:4C y x =的焦点为F ，(),A A A x y 是抛物线上一点，过A 作抛物线准线的垂线，垂足为B ，若32AF BF =，则A y =（ ）A ．3B ．C ．4D ．11．春秋以前中国已有“抱瓮而出灌”的原始提灌方式，使用提水吊杆——桔槔，后发展成辘轳．19世纪末，由于电动机的发明，离心泵得到了广泛应用，为发展机械提水灌溉提供了条件．图形所示为灌溉抽水管道在等高图上的垂直投影，在A 处测得B 处的仰角为37度，在A 处测得C 处的仰角为45度，在B 处测得C 处的仰角为53度，A 点所在等高线值为20米，若BC 管道长为50米，则B 点所在等高线值为（参考数据3sin 375︒=）A ．30米B ．50米C ．60米D ．70米 12．已知函数()()sin 06f x x πωω⎛⎫=+> ⎪⎝⎭在区间()0,π上有且仅有2个最小值点，下列判断： ①()f x 在()0,π上有2个最大值点；②()f x 在()0,π上最少3个零点，最多4个零点；③333,7ω⎛⎫∈ ⎪⎝⎭；④()f x 在50,33π⎛⎫⎪⎝⎭上单调递减．其中所有正确判断的序号是（ ）A ．④B ．③④C ．②③④D ．①②③ 二．填空题：本题共4小题，每小题5分，共20分．13．若变量x ，y 满足约束条件1310y x y x y ⎧≥-⎨-+≥⎩，则目标函数z x y =+的最大值为________．14．已知函数()ln f x x =，()()1f a f b +=，则a b +的最小值为________．15．已知1F ，2F 分别是双曲线()2222:10,0x y C a b a b-=>>的左、右焦点，以21F F 为直径的圆与双曲线的渐近线的一个公共点为P ，若122PF PF =，则双曲线的离心率为________．16．已知四棱锥P ABCD -的底面ABCD 是边长为3的正方形，PD ⊥平面ABCD ，6PD =，E 为PD 中点，过EB 作平面α分别与线段P A 、PC 交于点M ，N ，且//AC α，则PMPA=________，四边形EMBN 的面积为________．三．解答题：共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．第17~21题为必考题，每个试题考生都必须作答；第22，23题为选考题，考生根据要求作答． （一）必考题：共60分17．（12分）甲、乙两位战士参加射击比赛训练．从若干次预赛成绩中随机抽取8次，记录如下： 甲82 81 79 78 95 88 93 84 乙92 95 80 75 83 80 90 85（Ⅰ）用茎叶图表示这两组数据，并分别求两组数据的中位数；（Ⅱ）现要从中选派一人参加射击比赛，从统计学的角度考虑，你认为选派哪位战士参加合适？请说明理由．18．（12分）已知等差数列{}n a 的公差为()0d d ≠，前n 项和为n S ，且满足________（从①()101051S a =+﹔②1a ，2a ，6a 成等比数列；⑧535S =，这三个条件中任选两个．．补充到题干中的横线位置，并根据你的选择解决问题）． （Ⅰ）求n a ﹔ （Ⅱ）若12n n b =，求数列{}n n a b 的前n 项和n T ． 19．（12分）如图所示，四棱柱1111ABCD A B C D -，底面ABCD 是以AB ，CD 为底边的等腰梯形，且24AB AD ==，60DAB ∠=︒，1AD D D ⊥．（Ⅰ）求证：平面11D DBB ⊥平面ABCD ；（Ⅱ）若112D D D B ==，求三棱锥1D CC B -的体积． 20．（12分）已知函数()()()1x f X e x a a R =-∈-． （Ⅰ）讨论()f x 在区间[]1,2上的单调性； （Ⅱ）若()af x e≥恒成立，求实数a 的最大值．（e 为自然对数的底） 21．（12分）已知椭圆22:1124y x E +=，过点()0,2P -的两条不同的直线与椭圆E 分别相交于A ，B 和C ，D 四点，其中A 为椭圆E 的右顶点． （Ⅰ）求以AB 为直径的圆的方程：（Ⅱ）设以AB 为直径的圆和以CD 为直径的圆相交于M ，N 两点，探究直线MN 是否经过定点，若经过定点，求出定点坐标；若不经过定点，请说明理由．（二）选考题：共10分．请考生在第22、23题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分． 22．（10分）选修4-4：坐标系与参数方程平面直角坐标系xOy 中，抛物线E 顶点在坐标原点，焦点为()1,0．以坐标原点为极点，x 轴非负半轴为极轴建立极坐标系．（Ⅰ）求抛物线E 的极坐标方程；（Ⅱ）过点()3,2A 倾斜角为α的直线l 交E 于M ，N 两点，若2AN AM =，求tan α． 23．（10分）选修4-5：不等式选讲已知()1af x ax x x x=-+-，()()22g x x a x a R =---∈． （Ⅰ）当1a =时，求不等式()()3f x g x <+的解集； （Ⅱ）求证：()()f x g x ≥．参考答案一、选择题：本大题共12个小题，每小题5分，共60分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的．二、填空题：本大题共4小题，每小题5分，满分20分．13．3 14． 15．53 16．23； 三．解答题：共70分．解答应写出文字说明、证明过程或演算步骤．第17题-21题为必考题，每个试题考生都必须作答．第22题、23题为选考题，考生根据要求作答． 17．【解析】（Ⅰ）作出茎叶图如下：从茎叶图中得出甲的中位数为8284832+=， 而乙的中位数为8385842+=； （茎叶图3分) 5分 （Ⅱ）()170280490289124835858x =⨯+⨯+⨯++++++++=甲， ()170180490350035025858x =⨯+⨯+⨯++++++++=乙， ()()()()()()()()2222222221788579858185828584858885938595858S ⎡⎤=-+-+-+-+-+-+-+-⎣⎦甲35.5=，()()()()()()()()2222222221758580858085838585859085928595858S ⎡⎤=-+-+-+-+-+-+-+-⎣⎦乙41=， （均值各1分，方差各1.5分) 10分x x =Q 甲乙，22s s <甲乙，∴甲的成绩较稳定，派甲参赛比较合适．注：本小题的结论及理由均不唯一，如果考生能从统计学的角度分析，给出其他合理回答，同样给分，如派乙参赛比较合适，理由如下：从统计的角度看，甲获得85以上（含85分）的概率138p =，乙获得85分以上（含85分）的概率24182P ==，21P P >，所以派乙参赛比较合适． 12分 18．【解析】（Ⅰ）①由()101051S a =+，得()11109105912a d a d ⨯+=++，即11a =；②由1a ，2a ，6a 成等比数列，得2216a a a =，222111125a a d d a a d ++=+，即13d a =﹔ ③由535S =，得()15355352a a a +==，即3127a a d =+=； （每个条件转化1.5分） 选择①②、①③、②③条件组合，均得13a =、3d =，即32n a n =-﹔ 6分 （Ⅱ）234147103222222n nn T -=+++++L ， 2345111471035322222222n n n n n T +--=++++++L ， 两式相减得：23411111113232222222n n n n T +-⎛⎫=+++++- ⎪⎝⎭L ， 9分 得23111111321323413131422222222n n n n n nn n n T ----+⎛⎫⎛⎫=+++++-=+--=-⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭L 12分19．【解析】（Ⅰ）ABD V 中，4AB =，2AD =，60DAB ∠=︒，得BD = 2分 则222AD BD AB +=，即AD BD ⊥， 4分 而1AD D D ⊥，故AD ⊥平面11D DBB ，又AD ⊂面ABCD ，所以平面11D DBB ⊥平面ABCD ． 6分 （Ⅱ）取BD 的中点O ，由于11D D D B =，所以1D O BD =， 由（Ⅰ）可知平面11D DBB ⊥面ABCD ，故1D O ⊥面ABCD ．因为12D D =，DO =11D O =， 因为11//D C 平面ABCD ， 9分 所以111113D CC B C DCB D DCB BCD V V V O D S ---=⋅==V111sin 22326BC D C CB D ⋅∠=⨯=⨯⨯=． 12分20．【解析】（Ⅰ）()()x f x e x a '=-，(),x a ∈-∞时，()0f x '<﹔(),x a ∈+∞时，()0f x '>． ①当1a ≤时，()f x 在[]1,2上单调递增；②当12a <<时，()f x 在[]1,a 上单调递减，(],2a 上递增；③当2a ≥时，()f x 在[]1,2的单调递减； （每段讨论1.5分) 6分 （Ⅱ）()()10x ag x e x a e=---≥，即()min 0g x ≥， 由（Ⅰ）知：()g x 在(),x a ∈-∞上递减，在(),x a ∈+∞上递增， 则()()min 0g x g a =≥，即10a e a ++≤， 9分令()1x h x e x +=+，()110x h x e +'=+>，即()1x h x e x +=+在R 单调递增， 而()11110h e -+-=-=，()()101a h a e a h +=+≤=-， 所以1a ≤-，即a 的最大值为1-． 12分 21．【解析】（Ⅰ）由已知()2,0A ，则()02120ABk --==-，故AB 方程：2y x =-，联立直线AB 与椭圆方程，消去y 可得：24120y y +=，得3B y =-，即()1,3B --，从而以AB 为直径的圆方程为：()()()()21030x x y y -++-+=， 即22320x y x y +-+-=． 4分（Ⅱ）（1）当CD 斜率存在时，并设CD 方程：2y kx =-，设()11,C x y ，()22,D x y由2211242y x y kx ⎧+=⎪⎨⎪=-⎩，消去y 得：()223480k x kx +--=，故12243k x x k +=+，1283x x k -=+，从而()121221243y y k x x k -+=+-=+， ()()()()2212121212212122243k y y kx kx k x x k x x k-=--=-++=+， 7分而以CD 为直径的圆方程为：()()()()12120x x x x y y y y --+--=， 即()()22121212120x y x x x y y y x x y y +-+-+++=， ① 且以AB 为直径的圆方程为22320x y x y +-+-=， ②将两式相减得直线()()12121212:1320MN x x x y y y x x y y +-+++---=， 即()()()22243331010k k x k y k -+-+-+-=，可得：()()()()13331010k k x k y k ⎡⎤⎣-++++⎦-=，两条直线互异，则1k ≠， 即()()33103100x y y x k +++-+=， 9分令331003100x y y x ++=⎧⎨-+=⎩，解得0103x y =⎧⎪⎨=-⎪⎩，即直线MN 过定点100,3⎛⎫- ⎪⎝⎭； 10分（2）当CD 斜率不存在时，CD 方程：0x =，知(0,C -，(0,D ， 则以CD 为直径的圆为2212x y +=，而以AB 为直径的圆方程22320x y x y +-+-=， 两式相减得MN 方程：3100x y --=，过点100,3⎛⎫-⎪⎝⎭； 综上所述，直线MN 过定点100,3⎛⎫-⎪⎝⎭． 12分 22．【解析】（Ⅰ）由题意抛物线E 的焦点为()1,0，所以标准方程为24y x =， 故极坐标方程为2sin 4cos 0ρθθ-=﹔ 4分（Ⅱ）设过点A 的直线l 参数方程为3cos 2sin x t y t αα=+⎧⎨=+⎩（t 为参数），代入24y x =，化简得()22sin 4sin 4cos 80t t ααα+--=，1224sin 4cos sin t t ααα-++=，1228sin t t α=-⋅， 且()224sin 4cos 32sin0ααα∆=-+> 6分由2AN AM =，A 在E 内部，知212t t =-，2121282sin t t t α=-=-⋅ 得122sin 2sin t t αα⎧=⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩或122sin 4sin t t αα⎧=-⎪⎪⎨⎪=⎪⎩，所以，当1224sin 4cos 2sin sin t t αααα-++==-时，解得tan 2α=， 所以，当1224sin 4cos 2sin sin t t αααα-++==时，解得2tan 3α=（每个结果1.5分） 所以tan 2α=或2tan 3α=． 10分23．【解析】（Ⅰ）当1a =时，不等式为123x x -<，平方得224489x x-+<， 则4241740x x -+<，得2144x <<，即122x -<<-或122x <<， 所以，所求不等式的解集112,,222⎛⎫⎛⎫--⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭U ； 5分 （Ⅱ）因为()1111a a f x ax x ax x a x x x x x x⎛⎫⎛⎫=-+-≥---=-+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭ 1121a x a x ⎛⎫=-+≥- ⎪ ⎪⎝⎭， 又()()()222221g x x a x x a x a =---≤---=-， 所以，不等式()()f x g x ≥得证．。
2020年江西省南昌市高考数学二模试卷(文科)(含答案解析)
2020年江西省南昌市高考数学二模试卷（文科）一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1.复数，，，则A. B. 2 C. D. 42.集合，，则A. B. C. D.3.已知空间内两条不同的直线a，b，则“”是“a与b没有公共点”的A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件4.已知，则不等式的解集是A. B. C. D.5.已知函数的图象关于原点对称，则A. B. 1 C. D.6.已知中角A，B，C所对的边分别为a，b，c，若，，则角A等于A. B. C. D.7.已知为不共线的两个单位向量，且在上的投影为，则A. B. C. D.8.直线被圆截得最大弦长为A. B. C. 3 D.9.函数的图象大致为A. B.C. D.10.已知抛物线C：的焦点为F，是抛物线上一点，过A作抛物线准线的垂线，垂足为B，若，则A. 3B.C. 4D.11.春秋以前中国已有“抱瓮而出灌”的原始提灌方式，使用提水吊杆--桔槔，后发展成辘轳．19世纪末，由于电动机的发明，离心泵得到了广泛应用，为发展机械提水灌溉提供了条件．图形所示为灌溉抽水管道在等高图上的垂直投影，在A处测得B处的仰角为37度，在A处测得C处的仰角为45度，在B处测得C处的仰角为53度，A点所在等高线值为20米，若BC管道长为50米，则B点所在等高线值为参考数据A. 30米B. 50米C. 60米D. 70米12.已知函数在区间上有且仅有2个最小值点，下列判断：在上有2个最大值点；在上最少3个零点，最多4个零点；；在上单调递减．其中所有正确判断的序号是A. B. C. D.二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13.若变量x，y满足约束条件，则目标函数的最大值为______．14.已知函数，，则的最小值为______．15.已知，分别是双曲线的左、右焦点，以为直径的圆与双曲线的渐近线的一个公共点为P，若，则双曲线的离心率为______．16.已知四棱锥的底面ABCD是边长为3的正方形，平面ABCD，，E为PD中点，过EB作平面分别与线段PA、PC交于点M，N，且，则______，四边形EMBN的面积为______．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17.甲、乙两位学生参加数学竞赛培训，现分别从他们在培训期间参加的若干次预赛成绩中随机抽8甲8281797895889384乙9295807583809085用茎叶图表示这两组数据；求两位学生预赛成绩的平均数和方差；现要从中选派一人参加数学竞赛，从统计学的角度考虑，你认为选派哪位学生参加合适？请说明理由．18.已知等差数列的公差为，前n项和为，且满足______从；，，成等比数列；，这三个条件中任选两个补充到题干中的横线位置，并根据你的选择解决问题．Ⅰ求；Ⅱ若，求数列的前n项和．19.如图所示，四棱柱，底面ABCD是以AB，CD为底边的等腰梯形，且，，D.Ⅰ求证：平面平面ABCD；Ⅱ若，求三棱锥的体积．20.已知函数．Ⅰ讨论在区间上的单调性；Ⅱ若恒成立，求实数a的最大值．为自然对数的底21.已知椭圆，过点的两条不同的直线与椭圆E分别相交于A，B和C，D四点，其中A为椭圆E的右顶点．Ⅰ求以AB为直径的圆的方程；Ⅱ设以AB为直径的圆和以CD为直径的圆相交于M，N两点，探究直线MN是否经过定点，若经过定点，求出定点坐标；若不经过定点，请说明理由．22.平面直角坐标系xOy中，抛物线E顶点在坐标原点，焦点为以坐标原点为极点，x轴非负半轴为极轴建立极坐标系．Ⅰ求抛物线E的极坐标方程；Ⅱ过点倾斜角为的直线l交E于M，N两点，若，求．23.已知，．Ⅰ当时，求不等式的解集；Ⅱ求证：．-------- 答案与解析 --------1.答案：D解析：解：由，，且，．故选：D．直接利用乘积的模等于模的乘积求解．本题考查复数模的求法，考查数学转化思想方法，是基础题．2.答案：C解析：解：集合，，．故选：C．求出集合A，B，由此能求出．本题考查交集的求法，考查交集定义等基础知识，考查运算求解能力，是基础题．3.答案：A解析：解：“”“a与b没有公共点”，反之不成立，由a与b没有公共点，a，b可能平行、可能为异面直线．“”是“a与b没有公共点”的充分不必要条件．故选：A．利用空间线线位置关系即可判断出关系．本题考查了空间线线位置关系、简易逻辑的判定方法，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．4.答案：A解析：解：已知，则不等式，即或．由可得；由可得，综上，，故选：A．不等式即或，分别求出的解集，再取并集，即得所求．本题主要考查分段函数的应用，其它不等式的解法，属于中档题．5.答案：A解析：解：由题意可知，为奇函数，故，所以，，则．由奇函数的性质可知，代入可求a，进而可求．本题主要考查了奇函数的性质在求解函数解析式中的应用，属于基础试题．6.答案：C解析：解：，由正弦定理可得，可得，，整理可得，解得，或舍去，，．故选：C．由已知利用正弦定理可得，利用二倍角的余弦函数公式化简已知等式可得，解方程可得sin A的值，结合范围，可求A的值．本题主要考查了正弦定理，二倍角的余弦函数公式在解三角形中的综合应用，考查了方程思想，属于基础题．7.答案：D解析：解：为不共线的两个单位向量，且在上的投影为，故；则．故选：D．根据向量在向量的方向上投影的定义求出，进而求出即可．本题考查了平面向量的数量积的定义与几何意义及向量的数量积运算，属于基础题．8.答案：D解析：解：根据题意，圆，即，其圆心为，半径，圆心到直线的距离，当圆心到直线的距离最小时，直线被圆截得弦长最大，而的最小值为1，则直线被圆截得最大弦长值为，根据题意，由圆的方程分析圆的圆心和半径，求出圆心到直线的距离d，分析可得d的最小值，由直线与圆的位置关系可得当圆心到直线的距离最小时，直线被圆截得弦长最大，据此计算可得答案．本题考查直线与圆的位置关系，注意分析直线所过的定点，属于基础题．9.答案：C解析：解：当时，，故排除AD；，令，则，显然在上递减，且，当时，，在上递增，又，故存在，使得，且当，，，递减，，，，递增，可排除B．故选：C．利用极限思想及函数的单调性，运用排除法得解．本题主要考查函数图象的运用以及利用导数研究函数的单调性，考查极限思想及数形结合思想，属于基础题．10.答案：D解析：解：抛物线C：的焦点为，是抛物线上一点，过A作抛物线准线的垂线，垂足为，若，可得，可得，所以，解得舍去，此时，所以．故选：D．画出图形，结合已知条件，利用，列出方程，求出A的横坐标，然后求解即可．本题考查抛物线的简单性质的应用，三角形的解法，考查计算能力，是中档题．11.答案：B解析：解：BC管道长为50米，可得B点与点C等高线值差为40，C与B水平的距离为30，因为A处测得C处的仰角为45度，即A与C的水平距离等于A点与点C等高线值差，设B点与点A等高线值差为x，A处测得B处的仰角为37度，可得A与B水平的距离；所以，解得，A点所在等高线值为20米，因此B点所在等高线值50米，故选：B．由题意，设B点与点A等高线值差为x，A处测得B处的仰角为37度，可得A与B水平的距离；BC 管道长为50米，可得B点与点C等高线值差为40，C与B水平的距离为30，在结合A处测得C处的仰角为45度，即A与C的水平距离等于A点与点C等高线值差，从而求解x的值；本题考查解三角在实际生活中的应用，灵活利用夹角以及直角三角形中的正余弦定义即可求解．属于基础题．12.答案：A解析：解：令解得，由，可知满足题意的k值只有两个，而，所以或，即有，，，解得，，所以错误；当时，取，，此时只有当时取最大值，所以错误；当时，，，，，，有5个解，所以错误；当时，，而，所以在上单调递减，正确．故选：A．先求出函数的最小值点，再解不等式即可得到的范围，即可判断各选项的真假．本题主要考查正弦函数的性质应用，整体代换法的应用，以及求零点的方法，属于较难题．13.答案：3解析：解：作出变量x，y满足约束条件，对应的平面区域如图：由得，平移直线，由图象可知当直线经过点A时，直线的截距最大此时z最大，由，解得，此时，故答案为：3．作出不等式组对应的平面区域，利用z的几何意义，即可得到结论．本题主要考查线性规划的应用，利用数形结合是解决线性规划题目的常用方法．利用平移确定目标函数取得最优解的条件是解决本题的关键．14.答案：解析：解：因为，，所以，故，则，当且仅当时取等号，故答案为：由已知结合对数运算性质可求ab，然后结合基本不等式即可求解．本题主要考查了对数的运算性质及基本不等式求解最值，属于基础试题．15.答案：解析：解：双曲线的渐近线方程为，焦点坐标为，，设点P的坐标为，不妨令，，，以为直径的圆与双曲线的渐近线的一个公共点为P，，即，，，，即，则，故答案为：．根据圆的有关性质和双曲线的渐近线方程可得P点的坐标，再根据即可求出，可得双曲线的离心率．本题主要考查了双曲线的方程、定义和简单性质．考查了解直角三角形的知识，考查运算能力，属于中档题．16.答案：解析：解：四棱锥的底面ABCD是边长为3的正方形，平面ABCD，，E为PD中点，过EB作平面分别与线段PA、PC交于点M，N，且，连结AC，BD，交于点O，过O作平面ABCD的垂线OF，交BE于F，过F作AC的平行线，分别与线段PA、PC交于点M，N，则平面EMBN就是平面，，，∽，，，，，，平面PBD，平面PBD，，四边形EMBN的面积为．故答案为：；．过EB作平面分别与线段PA、PC交于点M，N，且，连结AC，BD，交于点O，过O作平面ABCD的垂线OF，交BE于F，过F作AC的平行线，分别与线段PA、PC交于点M，N，则平面EMBN就是平面，由此能求出结果．本题考查交集的求法，考查交集定义等基础知识，考查运算求解能力，属于中档题．17.答案：解：作出茎叶图如下：派甲参赛比较合适，理由如下：，，，，，，结合甲的成绩较稳定，派甲参赛比较合适．解析：根据所给的数据，以十位做茎，个位做叶，做出茎叶图，注意图形要做到美观，不要丢失数据；根据所给的数据做出两个人的平均数和方差即可；把平均数和方差进行比较，得到两个人的平均数相等，但是乙的方差大于甲的方差，得到要派甲参加．对于两组数据，通常要求的是这组数据的方差和平均数，用这两个特征数来表示分别表示两组数据的特征，即平均水平和稳定程度．18.答案：解：Ⅰ由，得，即；由，，成等比数列，得，，即；由，得，即；当选择时，有，，此时；当选择时，有，，解得，此时；当选择时，有且，解得，，此时；综合以上不管选择哪两个，均得、，即；Ⅱ，，两式相减得：，得．解析：Ⅰ先分别由首项与公差的关系式，然后选择、、条件组合，求出；Ⅱ利用错位相减法求其前n项和即可．本题主要考查数列基本量的运算及通项公式的求法，以及错位相减法在数列求和中的应用，属于基础题．19.答案：Ⅰ证明：中，，，，得，则，即，而，，平面，又面ABCD，平面平面ABCD；Ⅱ解：取BD的中点O，由于，，由Ⅰ可知平面面ABCD，故D面ABCD．，，，平面ABCD，．解析：Ⅰ中，由已知求解三角形可得，再由，由直线与平面垂直的判定可得平面，进一步得到平面平面ABCD；Ⅱ取BD的中点O，由于，得，结合Ⅰ可得面求得，再由平面ABCD，然后利用等体积法求三棱锥的体积．本题考查平面与平面垂直的判定，考查空间想象能力与思维能力，训练了利用等体积法求多面体的体积，是中档题．20.答案：解：Ⅰ，时，；时，．当时，在上单调递增；当时，在上单调递减，上递增；当时，在的单调递减；分Ⅱ，即，由Ⅰ知：在上递减，在上递增，则，即，分令，，即在R单调递增，而，，所以，即a的最大值为分解析：Ⅰ求出函数的导数，通过讨论a的范围，求出函数的单调区间即可；Ⅱ问题转化为，即，根据函数的单调性求出的最小值，从而求出a的范围．本题考查了函数的单调性，最值问题，考查导数的应用以及分类讨论思想，转化思想，是一道常规题．21.答案：解：Ⅰ由已知，则，故AB方程：，联立直线AB与椭圆方程，消去y可得：，得，即，从而以AB为直径的圆方程为：，即；Ⅱ当CD斜率存在时，并设CD方程：，设，由，消去y得：，故，，从而，，而以CD为直径的圆方程为：，即，且以AB为直径的圆方程为，将两式相减得直线MN：，即，可得：，两条直线互异，则，即，令，解得，即直线MN过定点；当CD斜率不存在时，CD方程：，知，，则以CD为直径的圆为，而以AB为直径的圆方程，两式相减得MN方程：，过点．综上所述，直线MN过定点．解析：Ⅰ由已知，求得AB所在直线当斜率，得到AB的方程，与椭圆方程联立求得B点坐标，则以AB为直径的圆方程可求；Ⅱ当CD斜率存在时，并设CD方程：，设，联立直线方程与椭圆方程，化为关于x的一元二次方程，结合根与系数的关系写出以CD为直径的圆方程，与以AB为直径的圆的方程联立，求得MN的方程，利用直线系方程可得直线MN过定点；然后验证CD斜率不存在时即可．本题考查圆的方程的求法，考查直线与椭圆位置关系、圆与圆位置关系的应用，体现了“设而不求”的解题思想方法，考查运算求解能力，属难题．22.答案：解：Ⅰ由题意抛物线E的焦点为，所以标准方程为，故极坐标方程为；Ⅱ设过点A的直线l参数方程为为参数，代入，化简得，，，且．由，A在E内部，知，得或，所以，当时，解得，所以，当时，解得，所以或．解析：Ⅰ求出抛物线E的标准方程为，然后求解极坐标方程．Ⅱ设过点A的直线l参数方程为为参数，代入，利用韦达定理结合参数的几何意义，转化求解即可．本题考查抛物线的极坐标方程的求法，普通方程与极坐标方程的互化，直线的参数方程的应用，考查转化思想以及计算能力，是中档题．23.答案：解：Ⅰ当时，不等式为，平方得，则，得，即或，所以，所求不等式的解集；Ⅱ证明：因为，又，所以，不等式得证．解析：Ⅰ将代入，把不等式两边平方后，解不等式即可；Ⅱ运用绝对值不等式的性质结合基本不等式可得，，由此得证．本题主要考查绝对值不等式的解法，及绝对值不等式的性质，基本不等式的运用，考查运算求解能力及推理论证能力，属于基础题．。
江西省南昌市2020届2020届高三第二次模拟文科综合历史试题Word版含解析
A. “实业救国〞成为朝野共识B. 开展民族工业顺应时代要求
C. 洋务派出现维新变法倾向D. 政府放宽对民间设厂的限制
【答案】B
【解析】
【详解】洋务运动时期即十九世纪中后期，郑观应、张之洞等人重视工商实业，提倡“商战〞，积极创办工厂，筹办铁路等言行，说明开展民族工业顺应时代要求,B项正确；“实业救国〞是19世纪末民族危机加深时提出的，A项错误；材料不能说明洋务派出现“维新变法倾向〞，C项错误；政府放宽对民间设厂的限制是在甲午中日战争之后，当时洋务运动已经破产，D项错误。
12.1946年凯南向华盛顿发回封80000字“长电报〞,提出美国要依靠实力抵抗苏联扩张，又不会引起全面军事冲突。同年9月，诺维科夫向莫斯科发回“长篇报告"，断定美国将苏联视为其通往世界霸权的主要障碍。由此可见美苏
A. 出现严重战略误判B. “冷战〞全面升级
C. 争霸形势骤然紧张D. 由合作转向对抗
11.18世纪英国小说家哥尔德斯密斯，在他的诗歌?荒村?中有这样一段描写:“这片土地正在遭遇厄运,它是来势凶猛的灾.财富在积累，人口在调零这种现象
A. 是专制统治的恶果B. 导致了革命的爆发
C. 有利于工业的开展D. 固化了社会的结构
【答案】C
【解析】
【详解】根据材料“18世纪〞“土地正在遭遇厄运〞“财富在积累，人口在调零〞可知，这是对英国圈地运动的描述，而圈地运动有助于工业革命开展，C正确；圈地运动发生时英国已经确立了民主制，排除A；圈地运动并未导致革命，排除B；圈地运动加速了社会阶层流动，排除D。
4.明朝后期，几部重要科技著作相继问世。李时珍所著?本草纲目?、徐光启所著?农政全书?和朱应星所著?天工开物?,在各自领域对传统科学技术进行了总结。这充分说明
(审核版)江西省南昌市2020届高三第二次模拟考试语文试题(含答案解析).doc
2020届江西省南昌市高三二模测试卷语文试题本试题卷共10页，22题。
全卷满分150分。
考试用时150分钟。
★祝考试顺利★【注意事项】1．答卷前，先将自己的姓名、准考证号填写在试题卷和答题卡上，并将准考证号条形码粘贴在答题卡上的指定位置。
2．选择题的作答：每小题选出答案后，用合乎要求的2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
3．非选择题的作答：用签字笔直接答在答题卡上对应的答题区域内。
写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
4．选考题的作答：先把所选题目的题号在答题卡上指定的位置用2B铅笔涂黑。
答案写在答题卡上对应的答题区域内，写在试题卷、草稿纸和答题卡上的非答题区域均无效。
5．考试结束后，请将本试题卷和答题卡一并上交。
第Ⅰ卷阅读题（70分）一、现代文阅读（35分）（一）论述类文本阅读（9分，每小题3分）阅读下面的文字，完成1-3题。
书札也可以称为手扎、尺牍、书翰或者书信，诸名之间并无实质性的不同，但又有所区别与侧重。
书札与尺牍、尺素兼重物质形式与文体形式，相比之下，后二者又更为古雅一些。
这是因为书写尺牍所用之质材，因时代的不同而有所变化。
在纸张未发明之前，书写信函不是用竹简，即是用木犊，偶尔亦用小幅丝帛织物，即为尺素，这就是先秦两汉时期用“简”“牍”“札”“牒”或“素”等称呼书信的由来。
手札与书札、书翰相近，但书札、书翰强调其为书写的作品，而手札强调其出于书写者的亲笔。
书信则侧重其文体内容，着重其社会交往的功能。
但是，这种区别只是相对的，因为不同的人使用这些名词时，各自的理解不尽相同，所以也不免混用。
还有人使用“尺素”或“笺素”之称，在追求古雅之外，又更加强调笺纸的形式种类及其物质文化意义。
例如国家图书馆出版社编有《笺素珍赏》，其副标题就是“国家图书馆藏近现代百位名人手札”。
也有人使用“名人墨迹”这个名称。
从字面上看“名人墨迹”当然有多种多样的物质形式或文体形式，但手札无疑是其中之荦荦大端。
2020届江西省南昌市二模文综历史试题
江西省南昌市2020届高三第二次模拟测试文综历史试题24．“九州”原指九个大型的地理人文区划，后来具体化为九个大型的行政区划。
最早记载“九州”的《禹贡》虽托名为大禹所作，其中所记的不少地理状况都是战国时的现象。
据此可知A．战国大量兴修水利B．中国古代国家结构趋于严密C．史上并无大禹其人D．“九州”一词不早于战国时期25．汉朝时期，国家建立了以察举为主的选官制度，由地方向中央推荐人才。
曹魏时，中央委任中正官为各地人才评定等级，共分九等，朝廷依此授以相应的官职。
这种变化A．加强了中央权力B．保障了公平公正C．迎合了豪强地主D．催生了门阀士族26．宋朝对土地买卖、典当基本不加干预，仅办理法律手续，缴纳交易税即可。
“贫富无定势，田宅无定主”成为普遍现象。
这表明A．义利观念发生根本变化B．重农抑商政策发生重大改变C．社会贫富差距大幅缩小D．国家对经济的控制明显松懈27．明朝后期，几部重要科技著作相继问世。
李时珍所著《本草纲目》徐光启所著《农政全书》和宋应星所著《天工开物》，在各自领域对传统科学技术进行了总结。
这充分说明A．中国古代科技积淀深厚B．明朝科技已落后于西方C．科技发展依赖国家制度D．理论探讨甚于技术发明28．林则徐是近代中国最早睁眼看世界的人。
禁烟期间，他在广州开办译馆，罗致译员，收集有关西洋各国的消息情报和国际知识，包括国际法知识，汇译成《四洲志》等书稿。
此举意在A．推动晚清社会变革B．深入学习西方文化C．改变国人自大的心态D．为对外交涉争取主动29．在洋务运动时期，郑观应兴办实业，提倡“商战”，认为展商业能够富国御侮；张之洞也认为发展实业可以强国强民，积极地创办铁厂、兵工厂，并筹办铁路。
这说明A．“实业救国”成为朝野共识B．发展民族工业顺应时代要求C．洋务派出现维新变法倾向D．政府放宽对民间设厂的限制30．1952年2月底，美军悍然对中朝军民投放细菌武器，实施惨无人道的细菌战。
毛泽东主席发出号“动员起来，讲究卫生，减少疾病，提高健康水平，粉碎敌人的细菌战争”。
江西省南昌市2020届高三第二次模拟考试文科综合历史试题
江西省南昌市2020届高三第二次模拟考试文科综合历史试题第I卷(选择题)一、在每小题列出的四个选项中,只有项是符合题目要求的。
24.“九州”原指九个大型的地理人文区划后来具体化为九个大型的行政区划)最早记载“九州”的《禹贡》虽托名为大禹所作,其中所记的不少地理状况都是战国时的现象。
据此可知A.战国大量兴修水利B.中国古代国家结构趋于严密C.史上并无大禹其人D.“九州”一词不早于战国时期25.汉朝时期国家建立了以察举为主的选官制度，由地方向由央推荐人才。
曹魏时中央委任中正官为各地人才评定等级,共分九等，朝廷依此授以相应的宜职。
这种变化A.加强了中央权力B保障了公平公正C.迎合了豪强地主D.催生了门阀士族26.宋朝对土地买卖典当基本不加干预但办理法律手续，缴纳交易私即可。
“贫富无定势，田宅无定主”成为普遍现象。
这表明A.义利观念发生根本变化B.重农抑商政策发生重大改变C.社会贫富差距大幅缩小D.国家对经济的控制明显松懈27 (明朝后期，几部重要科技著作相继问世。
李时珍所著《本草纲目》、徐光启所著《农政全书》和朱应星所著《天工开物》,在各自领域对传统科学技术进行了总结。
这充分说明A.中国古代科技积淀深厚B.明朝科技已落后于西方起C.科技发展依赖国家制度D.理论探讨甚于技术发明28.林则徐是近代中国最早睁眼看世界的人。
禁姻期间，他在广州开办译馆，罗致译员,收集有关西洋各国的消息情报和国际知识，包括国际法知识，汇译成《四洲志》等书稿。
此举意在A.推动晚清社会变革B.深人学习西方文化C.改变国人自大的心态D.为对外交涉争取主动29.在洋务运动时期郑观应要办实业，提倡“商战”，认为发展商业能够富国御侮;张之洞也以为发展实业可以强国强民，积极地创办铁厂、兵工厂，并筹办铁路。
这说明A.“实业救国”成为朝野共识B.发展民族工业顺应时代要求C.洋务派出现维新变法倾向D.政府放宽对民间设厂的限制30. 1952年2月底,美军悍然对中朝军民投放细菌武器,实施惨无人道的细菌战。
2020年江西省南昌市高考数学二模试卷(文科) (含答案解析)
2020年江西省南昌市高考数学二模试卷(文科)一、选择题（本大题共12小题，共60.0分）1. 复数z 1=2−i ，z 2=12−i ，则|z 1z 2|=( ) A. 52 B. 5 C. 254 D. 252. 设集合A ={x ∈Z|x 2≤1}，B ={−1,0,1,2}，则A ∩B =( )A. {−1,1}B. {0}C. {−1,0，1}D. [−1,1]3. 已知空间内两条不同的直线a ，b ，则“a // b ”是“a 与b 没有公共点”的A. 充分不必要条件B. 必要不充分条件C. 充要条件D. 既不充分也不必要条件4. 已知函数f(x)={2e x−1,(x <2)log 3(x 2−1),(x ≥2)，则不等式f(x)>2的解集为( ) A. (1,2)⋃(3,+∞)B. (√10,+∞)C. (1,2)⋃(√10,+∞)D. (1,2)5. 已知函数f(x)是定义在R 上的奇函数，且f(x)的图象关于直线x =2对称，当0<x <2时，f(x)=2x+2−x ，则f(5)=( )A. 3B. −3C. 7D. −76. 已知▵ABC 中角A ，B ，C 所对的边分别为a ，b ，c ，若a =2c ，sinA =2cos2C ，则角A 等于( )A. π6B. π2C. 2π3D. 5π6 7. 已知a ⃗ ，b ⃗ 为单位．．向量，且|a ⃗ +b ⃗ |=√2|a ⃗ −b ⃗ |，则a ⃗ 在a ⃗ +b ⃗ 上的投影为( ) A. 13 B. −2√63 C. √63 D. 2√238. 直线4x −3y =0被圆(x −1)2+(y −3)2=10所截得弦长为( )A. 3B. 3√2C. 6D. 6√29. 函数f(x)=e x x 的图象大致为( )A. B. C. D.10. 已知F 是抛物线C ：y 2=4x 的焦点，过C 上一点M 作其准线的垂线，垂足为N ，若∠NMF =120°，则|MF|=( ) A. 23 B. 2√33 C. 43 D. 4√3311. 春秋以前中国已有“抱瓮而出灌”的原始提灌方式，使用提水吊杆——桔槔，后发展成辘轳，19世纪末，由于电动机的发明，离心泵得到了广泛应用，为发展机械提水灌溉提供了条件．图形所示为灌溉抽水管道在等高图的上垂直投影，在A 处测得B 处的仰角为37度，在A 处测得C 处的仰角为45度，在B 处测得C 处的仰角为53度，A 点所在等高线值为20米，若BC 管道长为50米，则B 点所在等高线值为(参考数据sin37∘=35)A. 30米B. 50米C. 60米D. 70米 12. 已知函数f(x)=3sinωx 在区间[−π3,π4]上的最小值为−3，则ω的取值范围是( )A. (−∞,−92]∪[6,+∞)B. (−∞,−92]∪[32,+∞) C. (−∞,−2]∪[6,+∞)D. (−∞,−2]∪[32,+∞) 二、填空题（本大题共4小题，共20.0分）13. 已知实数x ，y 满足{x −y ≤02x +y −6≤0x ≥−1，则x +y 的最大值为______．14. 已知a >0，b >0，且ab =1，则12a +12b +8a+b 的最小值为______．15. 设P 是双曲线x 2a 2−y 29=1上一点，双曲线的一条渐近线方程为3x −2y =0，F 1，F 2分别是双曲线的左、右焦点，若|PF 1|=3，则|PF 2|的值为______．16. 已知四棱锥P −ABCD 的底面ABCD 是边长为3的正方形，PD ⊥平面ABCD ，PD =6，E 为PD中点，过EB 作平面α分别与线段PA 、PC 交于点M ，N ，且AC // α，则PM PA =________.四边形EMBN 的面积为________．三、解答题（本大题共7小题，共82.0分）17. 甲、乙两位学生参加数学竞赛培训，现分别从他们在培训期间参加的若干次预赛成绩中随机抽取8次，记录如下：甲：82，81，79，78，95，88，93，84乙：92，95，80，75，83，80，90，85(1)用茎叶图表示这两组数据；(2)现要从中选派一人参加数学竞赛，从统计学的角度(在平均数、方差或标准差中选两个)考虑，你认为选派哪位学生参加合适？请说明理由．18. 已知等差数列{a n }的公差为d(d ≠0)，前n 项和为S n ，且满足____________.(从①S 10=5(a 10+1))；②a 1,a 2,a 6成等比数列；③S 5=35，这三个条件中任选两个．．补充到题干中的横线位置，并根据你的选择解决问题)(Ⅰ)求a n ；(Ⅱ)若b n=1，求数列{a n b n}的前n项和T n．2n19.如图，在四棱锥P−ABCD中，PC⊥底面ABCD，ABCD是直角梯形，AB⊥AD，AB//CD，AB=2AD=2CD=2.E是PB的中点．(Ⅰ)求证：平面EAC⊥平面PBC；(Ⅱ)若PB=2，求三棱锥P−ACE的体积．20.已知函数f(x)=e x−ax，其中a∈R，e为自然对数的底数．(1)讨论f(x)的单调性；(2)当a>0时，求函数f(x)在[0,a]上的最大值．21.在平面直角坐标系xOy中，椭圆C：x24+y22=1，其左顶点为A，过原点O的直线(与坐标轴不重合)与椭圆C交于P，Q两点，直线PA，QA分别与y轴交于M，N两点．试问以MN为直径的圆是否经过定点(与直线PQ的斜率无关)？请证明你的结论．22.平面直角坐标系xOy中，抛物线E顶点在坐标原点，焦点为(1,0).以坐标原点为极点，x轴非负半轴为极轴建立极坐标系．(Ⅰ)求抛物线E的极坐标方程；(Ⅱ)过点A(3,2)倾斜角为α的直线l交E于M，N两点，若|AN|=2|AM|，求tanα．23.已知函数f(x)=|x|+|x+1|．(Ⅰ)解关于x的不等式f(x)≥2；(Ⅱ)若a，b，c∈R+，函数f(x)的最小值为m，若a+b+c=m，求证：ab+bc+ac≤1．3-------- 答案与解析 --------1.答案：A解析：本题考查复数的模，属于基础题．根据复数模的性质可得结果．解：|z 1z 2|=|z 1||z 2|=√22+(−1)2⋅√(12)2+(−1)2=√5×√52=52． 故选A ．2.答案：C解析：本题考查了交集及其运算，是基础题．解：集合A ={x ∈Z|x 2⩽1}={−1,0,1}，B ={−1,0,1,2}，∴A ∩B ={−1,0，1}，故选C ．3.答案：A解析：本题主要考查充分条件和必要条件的判断，根据空间直线的位置关系是解决本题的关键，属于基础题．根据充分条件和必要条件的定义进行判断．解：空间内两条不同的直线a ，b ，若，⇒与b 没有公共点，若“a 与b 没有公共点，不能推出“a // b ”因为a ，b 可能平行，也可能为异面，故空间内两条不同的直线a ，b ，则“a // b ”是“a 与b 没有公共点”的充分不必要条件，故选A ．4.答案：C解析：本题考查分段函数，不等式求解．根据已知函数解析式分段求解f(x)>2即可． 解：函数则不等式f(x)>2即为{2e x−1>2x <2或，解得1<x <2，或x >√10即原不等式的解集为．故选C ． 5.答案：D解析：解：由题意可得f(x +2)=f(−x +2)，所以f(5)=f(3+2)=f(−3+2)=f(−1)=−f(1)=−(23−1)=−7．故选：D ．由已知结合函数的对称性可得f(x +2)=f(−x +2)，从而可把f(5)转化到已知区间上，代入可求． 本题考查函数的性质，考查运算求解能力与推理论证能力．6.答案：B解析：本题考查了正弦定理及二倍角公式的应用，考查了推理能力与计算能力，属于基础题．由正弦定理可得，sinA =2sinC ，进而利用二倍角公式求出sinC =12，则可得sin A ，结合A 的范围，可得角A 的大小．解：由正弦定理，得a sinA =c sinC ，又a =2c ，则sinA =2sinC ，∵sin A =2cos 2C ，。
江西省南昌市2022届高三二模文科综合政治试题(解析版)
②推动户籍制度改革，提高人才落户的学历门槛
③发挥好教育和科技优势，推动产学研深度融合
④加速人才与市场各类要素融合，激发创新活力
A.①②B.②③C.①④D.③④
【3题答案】
【答案】D
【解析】
【详解】①：市场在资源配置中其决定作用，而不是以政府为主导，故①说法错误。
①：高新科技的运用主要改变了文化传播的手段，而不是文化传播的内容和途径，①排除。
②：科技手段的运用会影响教育的水平和质量，但不能决定教育的水平和质量，②错误。
故本题选D。
9.2021年6月，中国共产党历史展览馆在北京正式开馆。展厅内2600余幅图片、3500多件套文物把历史一幕幕拉开。在展厅留言册上，参观者写下“不忘初心跟党走”“百年党史，波澜壮阔。亿万人民，齐首奋进”，留言道出了传承红色基因、赓续红色血脉 心声。党史文物展品（ ）
④办事情要立足整体，用综合的思维方式认识事物
A.①②B.①④C.②③D.③④
【12题答案】
【答案】D
【解析】
【详解】①：量变达到一定程度时，必然引起质变，要求我们重视量 积累；在量变已经达到一定程度、只有改变事物原有的性质才能向前发展时，要果断地抓住时机、促成质变，实现事物的飞跃，故①排除。
②：整体功能并不等于部分功能的简单相加，故②表述错误。
①涵养着中国人民和中华民族共同的价值追求
②重新解读了中国革命的伟大历程，是宝贵的物质财富
③是弘扬革命传统加强社会主义精神文明建设的物质载体
④是中国共产党人在实践中创造的中华优秀传统文化
A.①②B.①③C.②④D.③④
【9题答案】
【答案】B
【解析】
【详解】②：“重新解读了中国革命的伟大历程”的说法错误，②排除。
江西省南昌市2020届高三第二次模拟考试文综政治试卷(附答案)(已审阅)
2020届南昌市高三二模测试卷文科综合能力测试政治试题第Ⅰ卷（选择题共140分）本卷共35小题，每小题4分，共140分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
12．2019年《政府工作报告》中提出：“我国非金融企业杠杆率较高，这与储蓄率高、以信贷为主的融资结构有关。
要把降低企业杠杆率作为重中之重。
"杠杆率是一个衡量负债风险的指标。
近年来，我国企业债务负担不断加重，一些企业经营困难，导致债务风险上升。
下列能够积极稳妥降低企业杠杆率的措施有①积极发展股权融资，形成合理的融资结构②由地方政府主导将银行的债权转为股权③促进企业盘活存量资产，推进资产证券化④央行实施稳健的货币政策以加强对企业经营的管理A．①②B．①③C．②④D．③④13．H国因其不适当的做法，严重伤害了C国的利益。
C国民众出于朴素的爱国情感对H国产品自发的抵制。
不考虑其它因素，若用S、D分别表示供给和需求曲线，正确反映H国商品在C国市场销售变化情况的图示是（S1、D1为事件前，S2、D2为事件后）A．B．C．D．14．2016年12月25日，十二届全国人大常委会第二十五次会议表决通过了《环境保护税法》。
该法将于2018年1月1日起施行，依照该法律规定，征收环境保护税，不再征收排污费。
环境税主要是针对污染、破坏环境的特定行为而征收的税种。
国家通过征收环境税，最有可能引起的反应是A．增加消费者环境支出→提高生活成本→倒逼养成文明消费习惯→改善生态环境B．引导企业实现低排放→降低企业的生产成本→增加企业利润→建设生态文明C．增加企业的生产成本→提高产品价格→增加消费者负担→监督企业低排放→改善环境D．增加企业的排污成本→减少企业利润→引导企业实现低排放→建设生态文明15．2016年12月14 -16日，中央经济工作会议在北京召开，会议作出了“房子是用来住的，不是用来炒的”的定位，目的是促进我国房地产市场平稳健康发展。
过去一年我国楼市的过热引发了新一轮房产调控，近期多个城市先后实施了调控政策。