高二上学期物理周练试卷(3)
高二物理上学期第一次周练试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校高阳中学高二（上）第一次周练物理试卷一、选择题1．以下判断小球是否带电的说法中正确的是（）A．用一个带电体靠近它，如果能够吸引小球，则小球一定带电B．用一个带电体靠近它，如果能够排斥小球，则小球一定带电C．用验电器的金属球接触它后，如果验电器的金属箔能改变角度，则小球一定带电D．如果小球能吸引小纸屑，则小球一定带电2．如图所示，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图，现使b 带电则（）A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b立即把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开3．关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B．两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷C．摩擦起电，可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电4．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘柱支撑的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（）A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开B．把C移近导体A时，先把A、B分开，然后移去导体C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍张开D．先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合5．关于元电荷，下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取e=1.60×10﹣19 CD．电荷量e的数值最早是由英国物理学家库仑用实验测得的6．一带负电的金属小球放在潮湿的空气中，经过一段时间后，发现该金属小球上的净电荷几乎不存在了，这说明（）A．金属小球上原来的负电荷消失了B．此过程中电荷不守恒C．金属小球上的负电荷减少是由于潮湿的空气将电子导走了D．该现象是由于电子的转移引起，仍遵守电荷守恒定律7．有A、B、C三个完全相同的金属球，A带1.2×10﹣4C的正电荷，B、C不带电，现用相互接触的方法使它们都带电，则A、B、C所带的电荷量可能是下面哪组数据（）A．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 CB．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 CC．4.5×10﹣5 C，4.5×10﹣5 C，3.0×10﹣5 CD．5.0×10﹣5 C，5.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 C8．感应起电和摩擦起电都能使物体带电，关于这两种带电过程，下列说法正确的（）A．感应起电和摩擦起电都是电荷从物体的一部分转移到另一部分B．感应起电是电荷从一个物体转移到另一个物体C．感应起电和摩擦起电都是电荷从一个物体转移到另一个物体D．摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体9．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（）A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上10．如图所示，挂在绝缘细线下的小轻质带电小球，由于电荷的相互作用而靠近或远离，所以（）A．甲图中两球一定带异种电荷B．乙图中两球一定带同种电荷C．甲图中至少有一个带电D．乙图中两球至少有一个带电11．如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导体球开始时互相接触且对地绝缘，下述几种方法中能使两球都带电的是（）A．先把两球分开，再移走棒B．先移走棒，再把两球分开C．先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开D．棒的带电荷量不变，两导体球不能带电12．如图所示，原来不带电的绝缘体金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔，若使带负电的绝缘金属球A靠近导体的M端，可以看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开B．只有N端验电箔张开C．两端验电箔都张开D．两端验电箔都不张开13．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A ．B ．C ．D ．14．原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10﹣15C，丙物体带电8×10﹣16C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法中正确的是（）A．乙物体一定带有负电荷8×10﹣16CB．乙物体可能带有负电荷2.4×10﹣15CC．丙物体一定带有正电荷8×10﹣16CD．丙物体一定带有负电荷8×10﹣16C15．小华在旅游景点购买了一本物理参考书，回家后发现是窃版书．其中一道习题给出四个带电体的带电荷量为如下四个选项，你认为其中带电荷量合理的是（）A．Q1=6.2×10﹣18 C B．Q2=6.4×10﹣18 CC．Q3=6.6×10﹣18 C D．Q4=6.8×10﹣18 C16．如图所示，不带电的枕形导体的A、B两端各贴有一对金箔．当枕形导体的A端靠近一带电导体C时（）A．A端金箔张开，B端金箔闭合B．用手接触枕形导体，A端金箔张开，B端金箔闭合C．用手接触枕形导体，后将手和C分别移走，两对金箔均张开D．选项C中两对金箔带同种电荷二、解答题17．有两个完全相同的绝缘金属球A、B，A球所带电荷量为q，B球所带电荷量为﹣q，现要使A、B 所带电荷量都为﹣q，应该怎么办？18．有两个完全相同的带电绝缘金属小球A、B，分别带有电荷量Q A=6.4×10﹣9C，Q B=﹣3.2×10﹣9C，让两绝缘金属小球接触，在接触过程中，电子如何转移并转移了多少？高阳中学高二（上）第一次周练物理试卷参考答案与试题解析一、选择题1．以下判断小球是否带电的说法中正确的是（）A．用一个带电体靠近它，如果能够吸引小球，则小球一定带电B．用一个带电体靠近它，如果能够排斥小球，则小球一定带电C．用验电器的金属球接触它后，如果验电器的金属箔能改变角度，则小球一定带电D．如果小球能吸引小纸屑，则小球一定带电【考点】静电现象的解释．【分析】利用电荷间的作用规律分析即可，但应注意的是：若两小球相斥，则表明其一定都带电，且带的是同种电荷；若两小球相吸，则有两种可能，即可能都带电，且是异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电．【解答】解：A、用一个带电体靠近它，如果能够吸引小球，小球可以不带电，故A错误；B、用一个带电体靠近它，如果能够排斥小球，则小球一定带电，故B正确；C、用验电器的金属球接触它后，如果验电器的金属箔角度变小，小球可能不带电，故C错误；D、带电体具有吸引轻小物体的性质，如果小球能吸引小纸屑，则小球一定带电，故D正确；故选：BD．【点评】此题很容易漏掉了带电体具有吸引轻小物体的性质的这种情况．2．如图所示，绝缘的细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球a，a的表面镀有铝膜，在a的近旁有一绝缘金属球b，开始时，a、b都不带电，如图，现使b 带电则（）A．a、b间不发生相互作用B．b将吸引a，吸住后不放开C．b立即把a排斥开D．b先吸引a，接触后又把a排斥开【考点】库仑定律；电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．【解答】解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开；故选D．【点评】本题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．3．关于摩擦起电现象，下列说法正确的是（）A．摩擦起电现象使本来没有电子和质子的物体中产生电子和质子B．两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷C．摩擦起电，可能是因为摩擦导致质子从一个物体转移到了另一个物体而形成的D．丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显正电【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．感应起电的实质是电荷可以从物体的一部分转移到另一个部分．【解答】解：摩擦起电实质是由于两个物体的原子核对核外电子的约束能力不相同，因而电子可以在物体间转移．若一个物体失去电子，其质子数比电子数多，我们说它带正电荷．若一个物体得到电子，其质子数比电子数少，我们说它带负电荷．使物体带电并不是创造出电荷．A、摩擦起电现象使电子转移，而不是产生，故A错误；B、两种不同材料的绝缘体互相摩擦后，同时带上等量异种电荷，故B正确；C、摩擦起电，可能是因为摩擦导致电子从一个物体转移到另一个物体而形成的，故C错误；D、丝绸摩擦玻璃棒时，电子从玻璃棒上转移到丝绸上，玻璃棒因质子数多于电子数而显示带正电荷，故D正确；故选：BD．【点评】摩擦起电和感应起电的实质都电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．4．如图所示，A、B为相互接触的用绝缘柱支撑的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片，C是带正电的小球，下列说法正确的是（）A．把C移近导体A时，A、B上的金属箔片都张开B．把C移近导体A时，先把A、B分开，然后移去导体C，A、B上的金属箔片仍张开C．先把C移走，再把A、B分开，A、B上的金属箔片仍张开D．先把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片张开，而B上的金属箔片闭合【考点】静电场中的导体．【分析】当导体A、B放在带正电的附近时，出现感应起电现象．电荷周围有电场存在，从而导体A、B处于电场中，在电场力的作用下，使导体中的自由电子重新分布．而处于静电平衡的导体，电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且是等势体．【解答】解：AB、感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，导体B的右端要感应出正电荷，在导体A的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，把带正电荷的物体C移近导体A后，把A和B分开，A带负电，B带正电，金属箔还是张开，故AB正确；C、先把C移走，A、B电荷恢复原状，若再把A、B分开，A、B上的金属箔片不会张开，故C错误；D、把A、B分开，再把C移走，然后重新让A、B接触，A上的金属箔片闭合，B上的金属箔片也闭合，故D错误；故选：AB．【点评】体现物体静电感应起电的实质，及静电平衡状态时，带电体的电荷只分布在外表面，内部电场强度为零，且导体的电势处处相等．5．关于元电荷，下列说法中正确的是（）A．元电荷实质上是指电子和质子本身B．所有带电体的电荷量一定等于元电荷的整数倍C．元电荷的值通常取e=1.60×10﹣19 C D．电荷量e的数值最早是由英国物理学家库仑用实验测得的【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电子的带电量最小，质子的带电量与电子相等，但电性相反，故物体的带电量只能是电子电量的整数倍，人们把这个最小的带电量叫做叫做元电荷．【解答】解：A、元电荷是指电子或质子所带的电荷量，数值为e=1.60×10﹣19C，故A错误；B、所有带电体的电荷量都等于元电荷的整数倍，故B正确；C、元电荷的值通常取e=1.60×10﹣19 C，故C正确；D、电荷量e的数值最早是由科学家密立根用实验测得的，故D错误．故选：BC．【点评】元电荷是带电量的最小值，它本身不是电荷，所带电量均是元电荷的整数倍．且知道电子的电量与元电荷的电量相等，同时让学生明白电荷量最早是由科学家密立根用实验测得．6．一带负电的金属小球放在潮湿的空气中，经过一段时间后，发现该金属小球上的净电荷几乎不存在了，这说明（）A．金属小球上原来的负电荷消失了B．此过程中电荷不守恒C．金属小球上的负电荷减少是由于潮湿的空气将电子导走了D．该现象是由于电子的转移引起，仍遵守电荷守恒定律【考点】电荷守恒定律．【分析】电荷守恒定律：电荷既不能被创造，也不能被消灭，只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移的过程中，电荷的总量保存不变．它指出，对于一个孤立系统，不论发生什么变化，其中所有电荷的代数和永远保持不变．电荷守恒定律表明，如果某一区域中的电荷增加或减少了，那么必定有等量的电荷进入或离开该区域；如果在一个物理过程中产生或消失了某种电荷，那么必定有等量的异号电荷同时产生或消失．【解答】解：A、根据电荷守恒定律，电荷不能消灭，也不能创生，只会发生转移．故A错．B、此过程中电荷仍然守恒，电荷没有消失，只是被潮湿的空气导走而已，仍然遵循电荷守恒定律．故B错．C、金属小球上的负电荷减少是由于潮湿的空气将电子导走了．故C正确．D、该现象是潮湿的空气将电子导走了，是电子的转移引起，仍遵守电荷守恒定律．故D正确．故选CD．【点评】通常起电的方式有摩擦起电、接触起电、感应起电，都是电荷的转移，在转移过程中电荷的总量保持不变．7．有A、B、C三个完全相同的金属球，A带1.2×10﹣4C的正电荷，B、C不带电，现用相互接触的方法使它们都带电，则A、B、C所带的电荷量可能是下面哪组数据（）A．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 CB．6.0×10﹣5 C，4.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 CC．4.5×10﹣5 C，4.5×10﹣5 C，3.0×10﹣5 C D．5.0×10﹣5 C，5.0×10﹣5 C，2.0×10﹣5 C【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分；A带1.2×10﹣4 C的正电荷，B、C不带电，最终必定有其中的两个电量相等．【解答】解：A、6.0×10﹣5C+4.0×10﹣5C+4.0×10﹣5C=1.4×10﹣4C＞1.2×10﹣4 C．电量增加，故A错误；B、C、D、由于两个完全相同的金属球，接触后两个小球上的总电量均分，假设A与B 先接触，接触后电量都是： C然后，B（或A）与C 接触，接触后的电量：，不可能比3×10﹣5更小；然后B与A 接触，分开后的电量：．故BD错误，C 正确．故选：C【点评】要清楚带电体相互接触后移开，同种电荷电量平分，异种电荷电量先中和再平分；接触的过程中电量既不会增加，也不会减少．8．感应起电和摩擦起电都能使物体带电，关于这两种带电过程，下列说法正确的（）A．感应起电和摩擦起电都是电荷从物体的一部分转移到另一部分B．感应起电是电荷从一个物体转移到另一个物体C．感应起电和摩擦起电都是电荷从一个物体转移到另一个物体D．摩擦起电是电荷从一个物体转移到另一个物体【考点】电荷守恒定律；元电荷、点电荷．【分析】感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷．【解答】解：A、感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分，摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，故A错误．B、感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分，故B错误．C、感应起电的实质是电荷从物体的一部分转移到另一个部分，摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，故C错误．D、摩擦起电的实质是电子从一个物体转移到另一个物体，并没有创造电荷，故D正确．故选D．【点评】摩擦起电和感应起电的实质都是电子发生了转移，只是感应起电是电子从物体的一部分转移到另一个部分．摩擦起电是电子从一个物体转移到另一个物体．9．把一个带正电的金属小球A跟同样的不带电的金属球B相碰，两球都带等量的正电荷，这从本质上看是因为（）A．A球的正电荷移到B球上B．B球的负电荷移到A球上C．A球的负电荷移到B球上D．B球的正电荷移到A球上【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】金属是自由电子和金属正离子组成的，正离子只做热振动，不移动，而自由电子可以移动．根据这个分析接触带电的实质．【解答】解：A、D金属上正电荷只做无规则的热振动，不能发生移动，更不可能从一个球移动到另一个球．故A、D错误．B、C，B球原来不带电，与A球接触后，由于A球上正电荷对电子的吸引，电子从B球转移到A球上，原来中性的B球就带正电．电子带负电，所以B带正电是由于B球上的负电荷移到A球上的缘故．故B正确，C错误．故选B．【点评】本题运用基本知识分析物理现象的能力．10．如图所示，挂在绝缘细线下的小轻质带电小球，由于电荷的相互作用而靠近或远离，所以（）A．甲图中两球一定带异种电荷B．乙图中两球一定带同种电荷C．甲图中至少有一个带电D．乙图中两球至少有一个带电【考点】库仑定律．【分析】电荷之间的相互作用规律：同种电荷相互排斥、异种电荷相互吸引．【解答】解：相互排斥，则两球一定带同种电荷，可能是正电，也可能是负电．相互吸引，两球可能带异种电荷，也可能一个带电，另一个不带电，但题目中说均带电，故AB正确，CD错误；故选：AB．【点评】解决此类题目注意以下两点：（1）同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引；（2）排斥的带有同种电荷，吸引的可能带有异种电荷，也可能带电体吸引不带电体．11．如图所示，将带电棒移近两个不带电的导体球，两个导体球开始时互相接触且对地绝缘，下述几种方法中能使两球都带电的是（）A．先把两球分开，再移走棒B．先移走棒，再把两球分开C．先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开D．棒的带电荷量不变，两导体球不能带电【考点】静电场中的导体．【分析】将棒移近两个不带电的导体球，靠感应起电使物体带电，带电的实质是电荷的移动，总电荷量保持不变．【解答】解：A、先把两球分开，再移走棒，两球由于感应起电带上异种电荷．故A正确．B、先移走棒，此时甲乙两球中的电荷又发生中和，不再带电，再把球分开，同样不再带电．故B错误．C、先将棒接触一下其中的一个球，再把两球分开，是接触带电，且带电荷，故C正确D、感应起电，是两导体球在带电的过程中，是两球中的电荷发生了移动，棒的带电量是不变的．故D错误．故选：AC【点评】解决本题的关键知道摩擦起电、感应起电、接触带电的实质都是电荷的移动，电荷的总量保持不变．12．如图所示，原来不带电的绝缘体金属导体MN，在其两端下面都悬挂着金属验电箔，若使带负电的绝缘金属球A靠近导体的M端，可以看到的现象是（）A．只有M端验电箔张开B．只有N端验电箔张开C．两端验电箔都张开D．两端验电箔都不张开【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．【解答】解：金属导体处在负电荷的电场中，由于静电感应现象，弹头导体的右端要感应出正电荷，在导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，所以C正确．故选：C．【点评】感应带电，这是使物体带电的一种方法，根据异种电荷互相吸引的原理可知，靠近的一端会带异种电荷．13．使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开．下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，其中正确的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】电荷守恒定律．【分析】当带电金属球靠近不带电的验电器时，由于电荷间的相互作用，而使电荷发生了移动从而使箔片带电．【解答】解：由于同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，故验电器的上端应带上与小球异号的电荷，而验电器的箔片上将带上与小球同号的电荷；故只有B符合条件．故选：B．【点评】本题根据电荷间的相互作用，应明确同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引．14．原来甲、乙、丙三物体都不带电，今使甲、乙两物体相互摩擦后，乙物体再与丙物体接触，最后，得知甲物体带正电1.6×10﹣15C，丙物体带电8×10﹣16C．则对于最后乙、丙两物体的带电情况，下列说法中正确的是（）A．乙物体一定带有负电荷8×10﹣16CB．乙物体可能带有负电荷2.4×10﹣15CC．丙物体一定带有正电荷8×10﹣16CD．丙物体一定带有负电荷8×10﹣16C【考点】库仑定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】物体经过摩擦后，会产生电．得到电子的带负电，失去电子的带正电．【解答】解：由题意可知，甲、乙两物体相互摩擦后，甲物体带正电1.6×10﹣15C，则乙带负电1.6×10﹣15C，若乙物体再与丙物体接触，由于丙物体带电8×10﹣16C．且带负电，则乙也一定带负电，大小为8×10﹣16C，故AD正确，BC错误；故选AD．【点评】此题考查子摩擦起电的本质，要理解和运用．15．小华在旅游景点购买了一本物理参考书，回家后发现是窃版书．其中一道习题给出四个带电体的带电荷量为如下四个选项，你认为其中带电荷量合理的是（）A．Q1=6.2×10﹣18 C B．Q2=6.4×10﹣18 CC．Q3=6.6×10﹣18 C D．Q4=6.8×10﹣18 C【考点】元电荷、点电荷．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】元电荷又称“基本电量”，在各种带电微粒中，电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，常用符号e表示，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，据此可正确解答．【解答】解：电子电荷量的大小是最小的，人们把最小电荷叫做元电荷，任何带电体所带电荷都是e的整数倍，因此该带电量为电子电量e=1.6×10﹣19c的整数倍，将四个选项中的电量除以电子电量得数为整数倍的便是可能正确的数字，由选项可知只有B是元电荷的整数倍，故B正确，ACD错误．故选：B．【点评】本题是基础的题目，考查的就是学生对基本知识的应用情况，平时要注意提高应用所学知识解决实际问题的能力．16．如图所示，不带电的枕形导体的A、B两端各贴有一对金箔．当枕形导体的A端靠近一带电导体C时（）A．A端金箔张开，B端金箔闭合B．用手接触枕形导体，A端金箔张开，B端金箔闭合C．用手接触枕形导体，后将手和C分别移走，两对金箔均张开D．选项C中两对金箔带同种电荷【考点】静电场中的导体．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】根据静电感应可以判断金属导体的感应的电荷的情况，从而可以判断导体带电的情况．【解答】解：A、金属导体处在正电荷的电场中，由于静电感应现象，枕形导体的右端要感应出正电荷，导体的左端会出现负电荷，所以导体两端的验电箔都张开，且左端带负电，右端带正电，故A错误．B、用手触摸枕形导体后，大地上电子跑到导体上，将B端的正电荷中和，而A 端的负电荷增多，所以A端金箔仍张开，B端金箔闭合，故B正确．C、用手触摸枕形导体后，将手和C都移走，由于感应起电，枕形导体带负电，而且A、B两端都带负电，所以两对金箔均张开，故C正确．D、选项C中A、B两端都带负电，两金箔都带负电．故D正确．故选：BCD【点评】本题考查对感应起电的理解能力，关键根据同种电荷相斥，异种电荷相吸分析感应起电的过程．二、解答题17．有两个完全相同的绝缘金属球A、B，A球所带电荷量为q，B球所带电荷量为﹣q，现要使A、B 所带电荷量都为﹣q，应该怎么办？【考点】电荷守恒定律．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电荷在转化和转移过程中守恒，可以先是A球放电，采用半分法使A，B所带电荷量．【解答】解：先用手接触一下A球，使大地上的电子移动到A球上中和A球的正电荷，再将A、B接触一下，分开A、B，此时A、B 所带电荷量都是﹣q，再用手接触一下A球，再将A、B接触一下再分开，这时A、B 所带电荷量都是﹣q．答：先用手接触一下A球，使A球带电被中和，再将A、B接触一下，分开A、B，再用手接触一下A球，再将A、B接触一下再分开即可．【点评】本题关键是根据电荷守恒定律并采用半分法改变电量，基础问题．18．有两个完全相同的带电绝缘金属小球A、B，分别带有电荷量Q A=6.4×10﹣9C，Q B=﹣3.2×10﹣9C，让两绝缘金属小球接触，在接触过程中，电子如何转移并转移了多少？【考点】电荷守恒定律．【专题】常规题型．【分析】完全相同的带电小球接触时，若是同种电荷则将总电量平分，若是异种电荷则先中和然后将剩余电量平分．【解答】解：两球接触后所带电荷量相等且为：Q′A=﹣Q′B =C=1.6×10﹣9C在接触过程中，电子由B球转移到A球，不仅将自身的负电荷全部中和，且电子继续转移，使B球带Q′B的正电，因此共转移电子的电荷量为：△Q=3.2×10﹣9C+1.6×10﹣9C=4.8×10﹣9C转移的电子数为：n==3.0×1010即电子由B向A转移，共转移了3.0×1010个．。
2021年高二上学期物理周练3(实验班9.29) 含答案
2021年高二上学期物理周练3（实验班9.29）含答案丁勇豪 xx-9-29一、选择题：（共10小题，每题5分，共50分。
1-5为单选，6-10为多选）1．下列说法中正确的是（）A 通过导体的电流越大，则导体的电阻越小。
B 导体的电阻跟加在它两端的电压成正比，跟通过导体的电流成反比。
C 电源提供的电能越多，电源的电动势越大。
D 当电源的内阻可忽略不计时，无论外电路是否断开，路端电压均等于电源电动势2．下列关于电阻率的说法中，错误．．的是：A．电阻率只是一个比例常数，与任何其他因素无关B．电阻率反映材料导电性能的好坏，所以与材料有关C．电阻率与导体的温度有关D．电阻率在国际单位制中的单位是欧姆米3．电源的效率定义为外电路电阻消耗的功率与电源的总功率之比。
在测电源电动势和内电阻的实验中得到的实验图线如图所示，图中U为路端电压，I为干路电流，a、b为图线上的两点，相应状态下电源的效率分别为、。
由图可知、的值分别为A．、B．、C．、D．、4．如图所示，电源电动势E＝8V，内阻不为零，电灯A标有“10V，10W”字样，电灯B标有“8V，20W”字样，滑动变阻器的总电阻为6Ω，当滑动触头P由a端向b端滑动的过程中（不考虑电灯电阻的变化）（）A．电流表的示数一直增大，电压表的示数一直减小B．电流表的示数一直减小，电压表的示数一直增大C．电流表的示数先增大后减小，电压表的示数先减小后增大D．电流表的示数先减小后增大，电压表的示数先增大后减小5．某个由导电介质制成的电阻截面如图所示。
导电介质的电阻率为ρ、制成内、外半径分别为a和b的半球壳层形状(图中阴影部分)，半径为a、电阻不计的球形电极被嵌入导电介质的球心为一个引出电极，在导电介质的外层球壳上镀上一层电阻不计的金属膜成为另外一个电极。
设该电阻的阻值为R。
下面给出R的四个表达式中只有一个是合理的，你可能不会求解R，但是你可以通过一定的物理分析，对下列表达式的合理性做出判断。
高二物理上学期第三次周考试卷高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校宜春三中高三（上）第三次周考物理试卷一、选择题（每小题6分，共48分）1．下列对运动的认识不正确的是（）A．亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就静止B．伽利略认为如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快C．牛顿认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因D．伽利略根据理想实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去2．对于一些实际生活中的现象，某同学试图从惯性角度加以解释，其中正确的是（）A．采用了大功率的发动机后，某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机的速度，这表明：可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性B．“强弩之末势不能穿鲁缟”，这表明强弩的惯性减小了C．货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这会改变它的惯性D．自行车转弯时，车手一方面要适当的控制速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜，这是为了通过调控人和车的惯性达到安全行驶的目的3．如图所示，将物体A放在容器B中，以某一速度把容器B竖直上抛，不计空气阻力，运动过程中容器B的地面始终保持水平，下列说法正确的是（）A．在上升和下降过程中A对B的压力都一定为零B．上升过程中A对B的压力大于物体A受到的重力C．下降过程中A对B的压力大于物体A受到的重力D．在上升和下降过程中A对B的压力都等于物体A受到的重力4．如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力f的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的V﹣t图象的是（）A ．B ．C ．D ．5．如图所示，质量为m=1kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3，当物体运动的速度为10m/s时，给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N的恒力，在此恒力作用下（取g=10m/s2）（）A．物体经10s速度减为零B．物体经2s速度减为零C．物体速度减为零后将保持静止D．物体速度减为零后将向右运动6．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＞tanθ，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的图象是（）A ．B ．C ．D ．7．如图所示，质量为m的球置于斜面上，球被一个竖直挡板挡住，处于静止状态．现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是（）A．球做匀加速运动时竖直挡板对球的弹力比球处于静止状态时的大B．若加速度足够大，则斜面对球的弹力可能为零C．斜面对球的弹力保持不变D．斜面和挡板对球的弹力的合力等于ma8．如图所示，光滑的水平地面上有质量均为m的a、b、c三个木块，a、c之间用轻质细绳连接（细绳水平）．现用一个水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有发生相对滑动．在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）A．无论粘在哪个木块上面，系统的加速度都减小B．若粘在a木块上面，则绳的张力减小，a、b间的摩擦力不变C．若粘在b木块上面，则绳的张力和a、b间的摩擦力都减小D．若粘在c木块上面，则绳的张力和a、b间的摩擦力都减小二、实验题9．在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动由打点计时器打上的点的纸带计算出．（1）当M与m的大小关系满足时．才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度．采用图象法处理数据．为了比较容易地确定出加速度与质量M的关系，应该作a与的图象．（3）如图2（a）为甲同学根据测量数据做出的a﹣F图线，说明实验存在的问题是．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a﹣F图线如图2（b）所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？．三、计算题10．在寒冷的冬天，路面很容易结冰，在冰雪路面上汽车一定要低速行驶．在冰雪覆盖的路面上，车辆遇紧急情况刹车时，车轮会抱死而“打滑”．如图所示，假设某汽车以10m/s的速度行驶至一个斜坡的顶端A时，突然发现坡底前方有一位行人正以2m/s的速度做同向匀速运动，司机立即刹车，但因冰雪路面太滑，汽车仍沿斜坡滑行．已知斜坡的高AB=3m，长AC=5m，司机刹车时行人距坡底C点的距离CE=6m，从厂家的技术手册中查得该车轮胎与冰雪路面的动摩擦因数约为0.5．（1）求汽车沿斜坡滑下的加速度大小．（2）试分析此种情况下，行人是否有危险．11．在倾角为θ的长斜面上有一带风帆的滑块，从静止开始沿斜面下滑．滑块质量为m，它与斜面间的动摩擦因数为μ，帆受到的空气阻力与帆的受风面积s以及滑块下滑速度v的大小成正比，即f=ksv．（1）写出滑块下滑速度为v时加速度的表达式（2）若m=2.0kg，θ=53°，g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，从静止下滑的速度图象如图所示的曲线．图中直线是t=0时的速度图线的切线．由此求出ks乘积和μ的值•宜春三中高三（上）第三次周考物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（每小题6分，共48分）1．下列对运动的认识不正确的是（）A．亚里士多德认为必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就静止B．伽利略认为如果完全排除空气的阻力，所有的物体将下落得同样快C．牛顿认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因D．伽利略根据理想实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去【考点】牛顿运动定律的综合应用；自由落体运动；伽利略研究自由落体运动的实验和推理方法．【分析】本题是一道物理常识题，同学可以通过对物理常识的掌握解答，也可以应用所学的牛顿第一定律等物理知识来解答．【解答】解：A、亚里斯多德认为，必须有力作用在物体上，物体才能运动，没有力的作用，物体就要静止下来．我们可以用牛顿第一定律来推翻它即可：物体在不受外力作用时，可以做匀速直线运动．故A是错误；B、伽利略认为如果完全排除空气的阻力，物体就仅受重力，所以所有的物体下落的加速度都是重力加速度，所有的物体将下落得同样快．故B是正确；C、牛顿认为力不是维持物体速度的原因，而是改变物体速度的原因，我们可以用牛顿第一定律来解释：物体在不受外力作用时，可以做匀速直线运动，物体受力后运动状态要发生改变，即物体的速度要发生改变．故C是正确；D、伽利略根据理想实验推论出，若没有摩擦，在水平面上运动的物体将保持其速度继续运动下去，牛顿第一定律告诉我们物体在不受外力作用时，可以做匀速直线运动，这也是物体保持惯性的原因．故D是正确；故选A．【点评】物理常识题的解答，可以通过对物理知识的掌握来解答，有的也可以应用所学的物理知识来解答．2．对于一些实际生活中的现象，某同学试图从惯性角度加以解释，其中正确的是（）A．采用了大功率的发动机后，某些一级方程式赛车的速度甚至能超过某些老式螺旋桨飞机的速度，这表明：可以通过科学进步使小质量的物体获得大惯性B．“强弩之末势不能穿鲁缟”，这表明强弩的惯性减小了C．货运列车运行到不同的车站时，经常要摘下或加挂一些车厢，这会改变它的惯性D．自行车转弯时，车手一方面要适当的控制速度，另一方面要将身体稍微向里倾斜，这是为了通过调控人和车的惯性达到安全行驶的目的【考点】惯性．【分析】惯性是物体的固有属性，它指的是物体能够保持原来的运动状态的一种性质，惯性大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大．【解答】解：A、惯性是物体的固有属性，大小与物体的质量有关，质量越大，惯性越大，与其它任何因素无关，故AB错误；C、摘下或加挂一些车厢，改变了质量，从而改变惯性，故C正确；D、人和车的质量不变，则其惯性不变，故D错误．故选：C【点评】惯性是物理学中的一个性质，它描述的是物体能够保持原来的运动状态的性质，不能和生活中的习惯等混在一起．3．如图所示，将物体A放在容器B中，以某一速度把容器B竖直上抛，不计空气阻力，运动过程中容器B的地面始终保持水平，下列说法正确的是（）A．在上升和下降过程中A对B的压力都一定为零B．上升过程中A对B的压力大于物体A受到的重力C．下降过程中A对B的压力大于物体A受到的重力D．在上升和下降过程中A对B的压力都等于物体A受到的重力【考点】竖直上抛运动；物体的弹性和弹力．【分析】要分析A对B的压力可以先以AB整体为研究对象，根据牛顿第二定律得到加速度，再隔离B或A，运用牛顿第二定律研究．【解答】解：由题意，不计空气阻力，对整体：只受重力，根据牛顿第二定律得知，整体的加速度为g，方向竖直向下；再对A或B研究可知，它们的合力都等于重力，所以A、B间没有相互作用力，故在上升和下降过程中A对B的压力都一定为零，故A正确，BCD错误．故选A【点评】本题关键根据牛顿第二定律，运用整体法和隔离法结合进行研究，比较简单．4．如图甲所示，静止在光滑水平面上的长木板B（长木板足够长）的左端放着小物块A．某时刻，A受到水平向右的外力F作用，F随时间t的变化规律如图乙所示，即F=kt，其中k为已知常数．若物体之间的滑动摩擦力f的大小等于最大静摩擦力，且A、B的质量相等，则下列图中可以定性地描述长木板B运动的V﹣t图象的是（）A ．B ．C ．D ．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系；匀变速直线运动的图像．【分析】当F较小时，AB整体具有共同的加速度，二者相对静止，当F较大时，二者加速度不同，将会发生相对运动，此后A做变加速直线，B匀加速直线运动，为了求出两物体开始分离的时刻，必须知道分离时F的大小，此时采用整体法和隔离法分别列牛顿第二定律的方程即可【解答】解：选AB整体为研究对象，AB整体具有共同的最大加速度，有牛顿第二定律得：a1=对B应用牛顿第二定律：a1=对A应用牛顿第二定律：a1=经历时间：t=由以上解得：t=此后，B将受恒力作用，做匀加速直线运动，图线为倾斜的直线故选：B【点评】当两者相对运动后，B将受恒力作用，做匀加速运动，可排除C、D选项，A、B选项的差别在于恰好相对运动的时刻，就需分别采用隔离法和整体法分别列方程了，也可以采用反证法，看看当F=f时是否相对滑动？所以，要注意总结解题方法5．如图所示，质量为m=1kg的物体与水平地面之间的动摩擦因数为0.3，当物体运动的速度为10m/s时，给物体施加一个与速度方向相反的大小为F=2N的恒力，在此恒力作用下（取g=10m/s2）（）A．物体经10s速度减为零B．物体经2s速度减为零C．物体速度减为零后将保持静止D．物体速度减为零后将向右运动【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】先分析物体的运动情况和受力情况：物体向右做匀减速运动，水平方向受到向右的恒力F和滑动摩擦力．由公式f=μF N=μG求出滑动摩擦力，根据牛顿第二定律得求出物体的加速度大小，由运动学公式求出物体减速到0所需的时间．减速到零后，F＜f，物体处于静止状态，不再运动．【解答】解：A、B物体受到向右恒力和滑动摩擦力，做匀减速直线运动．滑动摩擦力大小为f=μF N=μG=3N，根据牛顿第二定律得，a==m/s2=5m/s2，方向向右．物体减速到0所需的时间t==s=2s，故B正确，A错误．C、D减速到零后，F＜f，物体处于静止状态．故C正确，D错误．故选BC【点评】本题分析物体的运动情况和受力情况是解题的关键，运用牛顿第二定律和运动学公式研究物体运动时间，根据恒力与最大静摩擦力的关系，判断物体的速度为零后的状态．6．如图所示，足够长的传送带与水平面夹角为θ，以速度v0逆时针匀速转动．在传送带的上端轻轻放置一个质量为m的小木块，小木块与传送带间的动摩擦因数μ＞tanθ，则图中能客观地反映小木块的速度随时间变化关系的图象是（）A ．B ．C ．D ．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】要找出小木块速度随时间变化的关系，先要分析出初始状态物体的受力情况，本题中明显重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，有牛顿第二定律求出加速度a1；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＞tanθ知道木块将与带以相同的速度匀速运动，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率为零．【解答】解：初状态时：重力的分力与摩擦力均沿着斜面向下，且都是恒力，所以物体先沿斜面匀加速直线运动，由牛顿第二定律得：加速度：a1=gsinθ+μgcosθ恒定，斜率不变；当小木块的速度与传送带速度相等时，由μ＞tanθ知道木块将与带以相同的速度匀速运动，图象的斜率表示加速度，所以第二段的斜率为零．故选：C【点评】本题的关键物体的速度与传送带的速度相等时物体不会继续加速下滑．7．如图所示，质量为m的球置于斜面上，球被一个竖直挡板挡住，处于静止状态．现用一个力F拉斜面，使斜面在水平面上做加速度为a的匀加速直线运动，忽略一切摩擦，以下说法中正确的是（）A．球做匀加速运动时竖直挡板对球的弹力比球处于静止状态时的大B．若加速度足够大，则斜面对球的弹力可能为零C．斜面对球的弹力保持不变D．斜面和挡板对球的弹力的合力等于ma【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；牛顿运动定律综合专题．【分析】对A球受力分析根据牛顿第二定律可明确加速度时档板弹力和斜面弹力与加速度之间的关系；同时明确物体受到的合力包括重力和弹力．【解答】解：A、对球受力分析如图所示，由牛顿第二定律得F N1﹣F N2sinθ=ma，F N2cos θ=mg，由以上两式可得：F N2不随a的变化而变化，F N1随a的增大而增大，故A、C正确，B错误；D、斜面和挡板对球的弹力与重力三个力的合力等于ma，故D错误．故选：AC．【点评】本题考查牛顿第二定律的应用，要注意正确受力分析，明确牛顿第二定律的正确应用，注意合力的方向．8．如图所示，光滑的水平地面上有质量均为m的a、b、c三个木块，a、c之间用轻质细绳连接（细绳水平）．现用一个水平恒力F作用在b上，三者开始一起做匀加速运动，运动过程中把一块橡皮泥粘在某一木块上面，系统仍加速运动，且始终没有发生相对滑动．在粘上橡皮泥并达到稳定后，下列说法正确的是（）A．无论粘在哪个木块上面，系统的加速度都减小B．若粘在a木块上面，则绳的张力减小，a、b间的摩擦力不变C．若粘在b木块上面，则绳的张力和a、b间的摩擦力都减小D．若粘在c木块上面，则绳的张力和a、b间的摩擦力都减小【考点】牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．【专题】定性思想；推理法；整体法和隔离法；牛顿运动定律综合专题．【分析】选择合适的研究对象进行受力分析，由牛顿第二定律对研究对象进行分析，明确粘上橡皮泥后整体加速度变化，再选择受力较少的C物体受力分析，则可明确拉力及摩擦力的变化情况．【解答】解：A、将a、b、c看作一个整体，对整体受力分析，粘上橡皮泥后，整体受力不变，但整体的质量增大，根据牛顿第二定律可得，整体的加速度减小，选项A正确．B、如果橡皮泥粘在a上，对c受力分析，绳的拉力就是c受到的合力，根据牛顿第二定律可得，c受到绳的拉力减小；对b受力分析，水平恒力F和a对b 的摩擦力的合力即为b受到的合力，根据牛顿第二定律可得，b受到的合力减小，故a、b间的摩擦力增大，故B错误．C、如果橡皮泥粘在b上，同理，c受到绳的拉力减小，对a、c整体受力分析，b对a的摩擦力即为a、c整体受到的合力，根据牛顿第二定律可得，a、c 整体受到的合力减小，故b对a的摩擦力减小，故C正确．D、如果橡皮泥粘在c上，对b受力分析，水平恒力F减去a对b的摩擦力即为b受到的合力，根据牛顿第二定律可得，b受到的合力减小，故a、b间的摩擦力增大，对a受力分析，b对a的摩擦力减去绳的拉力即为a受到的合力，根据牛顿第二定律可得，a受到的合力减小，说明绳的拉力增大，故D错误．故选：AC．【点评】本题考查连接体问题，在研究连接体问题时，要注意灵活选择研究对象，做好受力分析，再由牛顿运动定律即可分析各量的变化关系．二、实验题9．在探究加速度与力、质量的关系实验中，采用如图1所示的实验装置，小车及车中砝码的质量用M表示，盘及盘中砝码的质量用m表示，小车的加速度可由小车后拖动由打点计时器打上的点的纸带计算出．（1）当M与m 的大小关系满足M＞＞m 时．才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘及盘中砝码的重力．（2）一组同学在做加速度与质量的关系实验时，保持盘及盘中砝码的质量一定，改变小车及车中砝码的质量，测出相应的加速度．采用图象法处理数据．为了比较容易地确定出加速度与质量M的关系，应该作a与的图象．（3）如图2（a）为甲同学根据测量数据做出的a﹣F图线，说明实验存在的问题是没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够．（4）乙、丙同学用同一装置做实验，画出了各自得到的a﹣F图线如图2（b）所示，两个同学做实验时的哪一个物理量取值不同？小车及车上的砝码的总质量不同．【考点】探究加速度与物体质量、物体受力的关系．【专题】实验题；牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）要求在什么情况下才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力，需求出绳子的拉力，而要求绳子的拉力，应先以整体为研究对象求出整体的加速度，再以M为研究对象求出绳子的拉力，通过比较绳对小车的拉力大小和盘和盘中砝码的重力的大小关系得出只有m＜＜M时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（2）反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系；正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系．（3）图B中图象与横轴的截距大于0，说明在拉力大于0时，加速度等于0，即合外力等于0．（4）a﹣F图象的斜率等于物体的质量，故斜率不同则物体的质量不同．【解答】解：（1）以整体为研究对象有mg=（m+M）a解得a=，以M为研究对象有绳子的拉力F=Ma=显然要有F=mg必有m+M=M，故有M＞＞m，即只有M＞＞m时才可以认为绳对小车的拉力大小等于盘和盘中砝码的重力．（2）根据牛顿第二定律F=Ma，a与M成反比，而反比例函数图象是曲线，而根据曲线很难判定出自变量和因变量之间的关系，故不能作a﹣M图象；但a=，故a 与成正比，而正比例函数图象是过坐标原点的一条直线，就比较容易判定自变量和因变量之间的关系，故应作a ﹣图象．（3）图B中图象与横轴的截距大于0，说明在拉力大于0时，加速度等于0，说明物体所受拉力之外的其他力的合力大于0，即没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不足．（4）由图可知在拉力相同的情况下a乙＞a丙，根据F=ma可得m=，即a﹣F图象的斜率等于物体的质量，且m乙＜m丙．故两人的实验中小车及车中砝码的总质量不同．故答案为：（1）M＞＞m；（2）；（3）没有平衡摩擦力或平衡摩擦力不够；（4）小车及车上的砝码的总质量不同【点评】只要真正掌握了实验原理就能顺利解决此类实验题目，而实验步骤，实验数据的处理都与实验原理有关，故要加强对实验原理的学习和掌握．三、计算题10．在寒冷的冬天，路面很容易结冰，在冰雪路面上汽车一定要低速行驶．在冰雪覆盖的路面上，车辆遇紧急情况刹车时，车轮会抱死而“打滑”．如图所示，假设某汽车以10m/s的速度行驶至一个斜坡的顶端A时，突然发现坡底前方有一位行人正以2m/s的速度做同向匀速运动，司机立即刹车，但因冰雪路面太滑，汽车仍沿斜坡滑行．已知斜坡的高AB=3m，长AC=5m，司机刹车时行人距坡底C点的距离CE=6m，从厂家的技术手册中查得该车轮胎与冰雪路面的动摩擦因数约为0.5．（1）求汽车沿斜坡滑下的加速度大小．（2）试分析此种情况下，行人是否有危险．【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）根据牛顿第二定律求出汽车在斜坡上滑下时的加速度．（2）根据速度位移公式求出汽车到达C点时的速度，根据牛顿第二定律求出汽车在水平面上的加速度，抓住汽车和人速度相等时，两者的位移关系判断是否相撞，从而确定行人是否有危险．【解答】解：（1）汽车在斜坡上行驶时，由牛顿第二定律得：mgsin θ﹣μmgcos θ=ma1由几何关系得：sin θ=，cos θ=联立以上各式解得汽车在斜坡上滑下时的加速度为：a1=2m/s2．（2）由匀变速直线运动规律可得：v C2﹣v A2=2a1x AC解得汽车到达坡底C时的速度为：v C = m/s经历时间为：t1==0.5 s汽车在水平路面运动阶段，由μmg=ma2得汽车的加速度大小为：a2=μg=5 m/s2当汽车的速度减至v=v人=2 m/s时发生的位移为：x1==11.6 m经历的时间问问：t2==1.8 s人发生的位移为：x2=v人（t1+t2）=4.6 m因x1﹣x2=7 m＞6 m，故行人有危险．答：（1）汽车沿斜坡滑下的加速度大小为2m/s2．（2）行人有危险．【点评】本题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．分析能否追及时，只要研究两者速度相等时位移的情况即可．11．在倾角为θ的长斜面上有一带风帆的滑块，从静止开始沿斜面下滑．滑块质量为m，它与斜面间的动摩擦因数为μ，帆受到的空气阻力与帆的受风面积s以及滑块下滑速度v的大小成正比，即f=ksv．（1）写出滑块下滑速度为v时加速度的表达式（2）若m=2.0kg，θ=53°，g=10m/s2，sin53°=0.8，cos53°=0.6，从静止下滑的速度图象如图所示的曲线．图中直线是t=0时的速度图线的切线．由此求出ks乘积和μ的值•【考点】牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．【专题】牛顿运动定律综合专题．【分析】（1）对滑块进行受力分析，根据牛顿第二定律求出滑块下滑速度为v 时加速度的表达式；（2）由图得到t=0时速度也为零，加速度等于切线的斜率；当速度为4m/s时加速度为零；代入第一问中得到加速度a与v的关系式后联立求解即可．【解答】解：（1）滑块在斜面上受到重力、支持力、摩擦力和空气阻力作用做加速运动．根据牛顿第二定律得：mgsinθ﹣μmgcosθ﹣kSv=maa=gsinθ﹣μgcosθ﹣①（2）根据图象得到：t=0时，v=0，a=当a=0时，v=4m/s；代入①式得到：5=10×0.8﹣μ×10×0.6﹣②0=10×0.8﹣μ×10×0.6﹣③联立②③解得：μ=0.5，kS=2.5kg/s答：（1）滑块下滑速度为v时加速度的表达式为a=gsinθ﹣μgcosθ﹣；（2）ks乘积为2.5kg/s，μ的值为0.5．。
高二物理上学期第周周练试题高二全册物理试题
嗦夺市安培阳光实验学校横峰中学2016-17学年度上学期周练（第13周）高二年级物理试卷一、选择题：（本题包括6小题，共60分，每小题只有一个选项符合题意）1、如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路，以下分析正确的是：( ) A．此接法的测量值大于真实值B．此接法的测量值小于真实值C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻D．开始实验时滑动变阻器滑动头P应处在最左端2．粗细均匀的金属环上A、B、C、D 四点把其周长分成四等分，如图所示，当A、B点接入电路中时，圆环消耗的电功率为P；当A、D点接入电路中时，圆环消耗的电功率为：（电源内阻不计）A．3P；B．4P/3；C． P；D．3P/43．如图所示的电路中，水平放置的平行板电容器中有一个带电液滴正好处于静止状态，现将滑动变阻器的滑片P向左移动，则( )A．电容器中的电场强度将增大 B ．电容器上的电荷量将减少C ．电容器的电容将减小 D．液滴将向上运动4.如图所示，直线a为某电源的U—I图线，直线b为电阻R的U—I图线，用该电源和该电阻组成闭合电路时，电源的输出功率和电源的内阻分别为( )A．4W，1ΩB．6W，1ΩC．4W，0.5ΩD．2W，0.5Ω5．某同学用伏安法测小灯泡的电阻时，误将电流表和电压表接成如图7所示的电路．接通电源后，可能出现的情况是( )A．电流表烧坏B．电压表烧坏C．小灯泡烧坏D．小灯泡不亮6．两个电压表甲、乙是由完全相同的电流表改装而成，它们的量程分别为5 V、15 V，为了测量15～20 V的电压，把甲、乙串联起来使用，则两表的( ) A．读数相同B．指针偏转角度相同C．读数反比于表的内阻D．指针偏转角度正比于表的内阻二、实验题：（本题包括1小题，共20分；第1个空5分，其他每空3分）第1题第2题ErR1PR2第3题第4题7（1）．用多用表的欧姆挡测量阻值约为几十千欧的电阻R x ，以下给出的是可能的实验操作步骤，其中S 为选择开关，P 为欧姆挡调零旋钮。
高二物理周练试卷—带详细答案
高二理科周练试卷姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．一个单摆做受迫振动，其共振曲线(振幅A与驱动力的频率f的关系)如图所示，则()A．此单摆的固有周期约为0.5 sB．此单摆的摆长约为1 mC．若摆长增大，单摆的固有频率增大D．若摆长增大，共振曲线的峰将向右移动2．如图所示是扬声器纸盆中心做简谐运动的振动图象，下列判断正确的是A．t=2×10-3s时刻纸盆中心的速度最大B．t=3×10-3s时刻纸盆中心的加速度最大C．在0〜l×10-3s之间纸盆中心的速度方向与加速度方向相同D．纸盆中心做简谐运动的方程为x=1.5×10-4cos50πt（m）3．当一弹簧振子在竖直方向上作简谐振动时，下列说法正确的是（）A．振子经过同一位置时，速度大小一定相同B．振子从最低点向平衡位置运动过程中，弹簧弹力始终做负功C ．振子在从最低点向平衡位置运动过程中受到重力、弹力和回复力D ．振子在平衡位置时，其动能最小，弹簧的弹性势能最大4．在“用单摆测定重力加速度”的实验中，实验时用拉力传感器测得摆线的拉力大小F 随时间t 变化的图象如图所示，则该单摆的周期为（ ）A ．tB ．2tC ．3tD ．4t5．某质点做简谐运动的振幅为A,周期为T ,则质点在6T 时间内的最大路程是 A ．1.5A B ．A C ．0.5A D ．0.2A6．如图所示，一水平弹簧振子在光滑水平面上的B 、C 两点间做简谐运动，O 为平衡位置．已知振子由完全相同的P 、Q 两部分组成，彼此拴在一起．当振子运动到B 点的瞬间，将P 拿走，则以后Q 的运动和拿走P 之前相比有（ ）A ．Q 的振幅不变，通过O 点的速率减小B ．Q 的振幅不变，通过O 点的速率增大C ．Q 的振幅增大，通过O 点的速率增大D ．Q 的振幅减小，通过O 点的速率减小7．如图所示，质量为M 的物块钩在水平放置的左端固定的轻质弹簧的右端，构成一弹簧振子，物块可沿光滑水平面在BC 间做简谐运动，振幅为A ．在运动过程中将一质量为m 的小物块轻轻地放在M 上，第一次是当M 运动到平衡位置O 处时放在上面，第二次是当M 运动到最大位移处C 处时放在上面，观察到第一次放后的振幅为A 1，第二次放后的振幅为A 2，则（ ）A ．A 1=A 2=AB ．A 1<A 2=AC ．A 1=A 2<AD ．A 2<A 1=A8．一根粗细均匀的软绳一端固定，另一端用手抓住并上、下振动，形成了向右传播的波。
高二物理周练试卷3
咸宁高中2012年高二物理周练试卷命题：朱必胜 审题：曹野 2012-11-11一、选择题（本题共12小题，每题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．物理学的基本原理在生产生活中有着广泛应用。
下面列举的四种器件中，利用电磁感应原理工作的是 （ ）A 、磁流体发电机B 、电磁炉C 、质谱仪D 、回旋加速器2．一束带电粒子从静止开始经同一电场加速后垂直进入同一匀强磁场中。
若它们在磁场中做圆周运动的半径相同，则它们在磁场中具有相同的（ ）A ．速率B ．动能C ．动量大小（质量与速度大小的乘积）D ．周期3．如图电源电动势为ε，a 、b 为平行金属板，静电计的外壳接地，合上开关S 后，静电计指针张开一个较小的角度，能使角度增大的办法是（ ）A ．使a 、b 板的距离增大一些B ．使a 、b 板的正对面积减小一些C ．断开S 后使a 、b 间距增大一些D ．断开S 后使a 、b 板正对面积减小一些4．如图所示，一平行板电容器充电后与电源断开，正极板接地，在两极板之间有一正点电荷（电量很小）固定在P 点，如图所示，以E 表示两板间电场强度， 表示负极板的电势，ε表示正电荷在P 点的电势能，将正极板移到图中虚线所示的位置，则（ ）A ．E 变大、 降低B ．E 不变、 升高C ．E 变小、ε变小D ． 升高、ε变大5．某居民家中的电路如图所示，开始时各部分工作正常，将电饭煲的插头插入三孔插座后，正在烧水的电热壶突然不能工作，但电灯仍能正常发光．拨出电饭煲的插头，把试电笔插入插座的左、右插孔，氖管均能发光，则 此电路中电路 ( )A ．仅电热壶所在的C 、B 两点间发生了断路故障 B ．仅电热壶所在的C 、B 两点间发生了短路故障 C ．仅导线AB 断路D ．因插座用导线接地，所以发生了上述故障6．如图所示，在U －I 图象上，a 、b 、c 各点均表示该电路中的一个确定的工作状态，α＝β＝45°，则下列说法正确的是 ( )A ．在b 点时，电源有最小的输出功率B ．在b 点时，电源的总功率最大C ．从a→b ，β增大，电源的总功率和输出功率都增大D ．从b→c ，β增大，电源的总功率和输出功率都减小7．如下图甲所示，R 为电阻箱(0～99.9 Ω)，置于阻值最大位置，R x 为未知电阻，(1)断开S 2，闭合S 1，逐次减小电阻箱的阻值，得到一组R 、I 值，并依据R 、I 值作出了如图乙所示的R －1I图线，(2)断开S 2，闭合S 1，当R 调至某一位置时，电流表的示数I 1＝1.0 A ；保持电阻箱的位置不变，断开S 1，闭合S 2，此时电流表的示数为I 2＝0.8 A ，据以上数据可知 ( )A ．电源电动势为3.0 VB ．电源内阻为0.5 ΩC ．R x 的阻值为0.5 ΩD ．S 1断开、S 2接通时，缓慢减小 R ，电源输出功率减小8．质量为m ，电量为q 的带正电小物块在磁感强度为B ，方向垂直纸面向里的匀强磁场中，沿动摩擦因数为μ的绝缘水平面以初速度v 0开始向左运动，如图所示．物块经时间t 移动距离S 后停了下来，设此过程中，q 不变，则 （ ）A ． g v S μ220>B ．gv S μ220<C ． )(00B qv mg mv t +>μ D ． )(00B qv mg mv t +<μ9．MN 板两侧都是磁感强度为B 的匀强磁场，方向如图，带电粒子（不计重力）从a 位置以垂直B 方向的速度V 开始运动，依次通过小孔b 、c 、d ，已知ab = bc = cd ，粒子从a 运动到d 的时间为t ，则粒子的荷质比为 （ ）A 、tB π4 B 、tB34π C 、π2tB D 、tB π3 10．如图所示为一理想变压器，S 为一单刀双掷开关，P 为滑动变阻器的滑动片，U 1为加在原线圈两端的电压，I 1为原线圈中的电流。
[推荐学习]高二物理上学期周练试卷(10.22,含解析)
![[推荐学习]高二物理上学期周练试卷(10.22,含解析)](https://img.taocdn.com/s3/m/ccd2e697fd0a79563c1e7238.png)
河南省开封高中 2015～2016 学年度高二上学期周练物理试卷（10.22）一、选择题（每小题5分，共65 分．其中第1、4、6、11、13 题为单选题，全部选对得5分，少选得3 分，多选、选错或不选得0分）1．电场线分布如图所示，电场中a，b 两点的电场强度大小分别为已知E a 和E b，电势分别为φa 和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb2．电视显像管的第二和第三阳极是两个直径相同的同轴金属圆筒．两电极间的电场即为显像管中的主聚焦电场．图示为主聚焦电场中的等势面，数字表示电势值，若有平行于中心轴线的电子束入射，则下列说法中正确的是（）A．若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 B．若电子束从右边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 C．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A D．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为B3．如图所示，虚线a、b、c 是电场中三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一个带正电的质点仅受电场力作用下通过该区域，图中实线为其运动轨迹，P、O、Q 是轨迹上的三点．下列说法中正确的是（）A．带电质点可能是从P点向Q点运动，v P 一定小于v QB．三个等势面中，等势面c的电势最高 C．带电质点通过PO 时电场力做功比通过O Q 时做功大 D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小4．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．放在P点电荷的电量加倍，则该点的场强也加倍B．若P点没有检验电荷，则该点的场强为零C．P 点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向5．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止 B．打开K后，使两板错开一定距离，微粒仍静止 C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动 D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止6．如图所示，真空中M、N 处放置两等量异种电荷， a、b、c 表示电场中的三条等势线，d 点和e点位于等势线a 上，f 点位于等势线c 上，df 平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d 点移动到f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M 点处放置的是正电荷B．d 点的电势高于f点的电势C．d 点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功7．两个点电荷Q1、Q2 固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能E p 随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A．M 点电势为零，N 点场强为零B．M 点场强为零，N 点电势为零C．Q1 带负电，Q2 带正电，且Q2 电荷量较小D．Q1 带正电，Q2 带负电，且Q2 电荷量较大8．如图，A、B 是电荷量都为Q的两个正点电荷．O 是它们连线的中点，P，P′是它们连线中垂线上对称的两个点．从P点由静止释放一个电子，不计电子重力．则（）A．电子将一直向上做加速运动B．电子将向O 点加速运动，到O 点速度最大C．电子在向O 点运动的过程中，电势能增大D．电子将在P P'之间做周期性的往复运动9．在真空中有一匀强电场，电场中有一质量m=0.01g，带电荷量q=﹣2×10﹣8C 的尘埃沿水平方向向右做匀速直线运动，g=10m/s2，则（）A．场强的方向一定沿水平方向B．场强的方向一定竖直向下C．场强的方向一定竖直向上D．场强的大小一定为E=5×103N/C10．如图所示，A、B 两个带电小球的质量均为m，所带电量分别为+q 和﹣q，两球间用绝缘细线连接，A 球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为L．现在两球所在的空间加上一方向向左的匀强电场，电场强度，由于有空气阻力，A、B 两球最后会达到新的平衡位置，则在这个过程中，两个小球（）A．总重力势能增加了B．总重力势能增加了C．总电势能减少了D．总电势能减少了11．一个初动能为E k 的带电粒子，以速度V垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为3E k．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的2倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（）A．4.5 E k B．4 E k C．6 E kD．9.5 E k12．如图所示，用绝缘轻质细线悬吊一质量为m、电荷量为q的小球，在空间施加一匀强电场，使小球保持静止时细线与竖直方向成θ角（已知θ满足0＜θ＜45°），则所加匀强电场的电场强度的可能值为（）A ．B ．C ．D ．13．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A ．此接法的测量值大于真实值B ．此接法的测量值小于真实值 C ．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D ．开始实验时滑动变阻器滑片 P 应处在最左端二．计算题（共 35 分，14 题 18 分．15 题 17 分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算 步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．某同学欲测一电阻 R x 的阻值（约为 300Ω）可供选择的仪器有：电流表 A 1，量程 10mA ；电流 表 A 2，量程 0.6A ；电压表 V 1，量程 3V ；电压表 V 2，量程 15V ；电源电动势为 4.5V ．请同学们按 图接好电路，闭合 S 1 后，把开关 S 2 拨至 a 时，发现两电表的指针偏转的角度都在满偏的处；再把 开关 S 2 拨至 b 时，发现其中一个电表的指针偏转几乎不变，另一个电表的指针偏转的角度在满偏的处；该同学在实验中所选电压表的量程为 所选电流表的量程为 R x 的测量值为 ．若电键接触 a 时，电流表 I a=5.0mA ，电压表 U a=2.7V ；当电键接触 b 时，电流表 I b=4.0mA ，电压表 Ub=2.8V ，为使测量误差较小，应将电键接触 端；则该电阻的测量值 为 ，测量值比该电阻的真实值 ．15．如图甲所示，电荷量为 q =1×10﹣4C 的带正电的小物块置于绝缘水平面上，所在空间存在方向沿水平向右的电场，电场强度 E 的大小与时间的关系如图乙所示，物块运动速度与时间 t 的关系如图 丙所示，取重力加速度 g =10m/s 2．求：（1）前两秒电场力做功多少？物块的质量多少？（3）物块与水平面间的动摩擦因数．河南省开封高中2015～2016 学年度高二上学期周练物理试卷（10.22）参考答案与试题解析一、选择题（每小题5分，共65 分．其中第1、4、6、11、13 题为单选题，全部选对得5分，少选得3 分，多选、选错或不选得0分）1．电场线分布如图所示，电场中a，b 两点的电场强度大小分别为已知E a 和E b，电势分别为φa 和φb，则（）A．E a＞E b，φa＞φb B．E a＞E b，φa＜φb C．E a＜E b，φa＞φb D．E a＜E b，φa＜φb【考点】电势；电场强度；电场线．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】电场线可以形象的描述电场的分布，电场线密的地方，电场强度大，沿电场电势降低，据此可正确解答本题．【解答】解：根据电场线疏密表示电场强度大小，E a＜E b；根据沿电场线电势降低，φa＞φb，故ABD 错误，C 正确．故选C．【点评】本题考查用电场线如何表示的电场强度大小及电势高低．2．电视显像管的第二和第三阳极是两个直径相同的同轴金属圆筒．两电极间的电场即为显像管中的主聚焦电场．图示为主聚焦电场中的等势面，数字表示电势值，若有平行于中心轴线的电子束入射，则下列说法中正确的是（）A．若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 B．若电子束从右边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速 C．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A D．若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为B【考点】等势面；带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】压轴题；电场力与电势的性质专题．【分析】电场线与等势面垂直，负电荷逆着电场线运动电场力做正功，根据轨迹弯曲方向判断电荷的受力方向．【解答】解：A、B：由图象可知，电场线的方向向左，若电子束从左边入射，在中心轴线方向上，电子束将加速，故A正确，B 错误；C、D：电场线与等势面垂直，电子受力的方向与电场线的方向相反，故若电子束从左边入射，在电场的作用下，某个电子的运动轨迹可能为A，C 正确，D 错误．故选A C【点评】做好本题的关键是根据等势面画出电场线，再由负电荷在电场中的运动判断．3．如图所示，虚线a、b、c 是电场中三个等势面，相邻等势面间的电势差相等，一个带正电的质点仅受电场力作用下通过该区域，图中实线为其运动轨迹，P、O、Q 是轨迹上的三点．下列说法中正确的是（）A．带电质点可能是从P点向Q点运动，v P 一定小于v QB．三个等势面中，等势面c的电势最高 C．带电质点通过PO 时电场力做功比通过O Q 时做功大 D．带电质点通过P点时的加速度比通过Q点时小【考点】等势面；动能定理的应用；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】据带电微粒的运动情况可以确定带电微粒的受力情况，从而确定a bc 三个等势面的电势的高低；根据等势面的疏密可以确定电场线的疏密，从而确定带电微粒在P点和Q点的电场力的大小关系，这样就可以知道带电微粒通过P点和Q点时加速度的大小关系；根据电场力做功可以确定带电微粒在P 点和Q点时动能和电势能的大小关系．【解答】解：A、带电微粒在从P向Q运动的过程中电场力做正功，故微粒在P点时的动能小于在Q 点的动能．则P点速率小．故A正确B、若带电微粒从P点进入电场，由图可知带电微粒所受电场力由c等势面指向b等势面，由于微粒带正电，故c等势面的电势最高．故B正确．C、因是等差等势面，是带电质点通过P O 时电场力做功与通过O Q 时做功一样大．故C错误D、由于电场线越密等势线越密，由图可知P点的场强大于Q点的场强，故带电微粒在P处所受的电场力大于在Q点所受的电场力，故带电微粒通过P点时的加速度大．故D错误．故选：AB【点评】本题的难度较大，解题的突破口是根据带电微粒的运动情况可以确定正电荷的受力情况，从而确定电势的高低．4．电场中有一点P，下列说法正确的是（）A．放在P点电荷的电量加倍，则该点的场强也加倍B．若P点没有检验电荷，则该点的场强为零C．P 点的场强越大，则同一电荷在P点受到的电场力越大D．P 点的场强方向为检验电荷在该点的受力方向【考点】电场强度．【分析】电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，采用比值法下的定义；利用场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向．【解答】解：AB、电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关，所以在p点电荷减半或无检验电荷，P 点的场强不变，故A B 错误．C、据F=Eq 知，P 点的场强越大，则同一电荷在P点所受的电场力越大，故C正确．D、据场强方向的规定，正电荷所受电场力的方向与场强方向相同，所以P点的场强方向为正电荷在该点的受力方向，故D错误．故选：C．【点评】明确电场强度取决于电场本身，与有无试探电荷无关；场强公式E=，只是为研究电场的方便，采用比值法下的定义；场强方向的规定判断场强方向与电场力的方向的依据．5．如图所示，当K闭合后，一带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，下列说法正确的是（）A．保持K闭合，使P滑动片向左滑动，微粒仍静止 B．打开K后，使两板错开一定距离，微粒仍静止 C．打开K后，使两极板靠近，则微粒将向上运动 D．打开K后，使两极板靠近，则微粒仍保持静止【考点】电容器的动态分析．【专题】电容器专题．【分析】当S闭合后，带电微粒在平行板电容器间处于静止状态，合力为零，电场力与重力平衡．保持S闭合，电容器板间电压不变，若板间距离也不变，板间的场强不变，微粒仍处于静止状态．打开S后，根据电容的决定式C=，分析电容的变化，由电容的定义式C=分析电压的变化．再由E=分析板间场强的变化，即可判断带电微粒的运动状态．【解答】解：A、保持S闭合，电容器板间电压不变，使滑动片P向左滑动，板间距离不变，则由E=分析得知，板间场强仍保持不变，带电微粒所受的电场力不变，仍处于静止状态．故A正确． B、打开S后，电量不变，使两板错开一定距离，两极板正对面积减小，由C=知，电容减小，电容的定义式C=知，电压增大，由E=分析得知板间场强增大，微粒将向上运动．故B错误．C、D 由C=，C=，E=得到极板间场强E=，E 与板间距离无关，故使两极板靠近，板间场强不变，带电微粒所受的电场力不变，则带电微粒仍处于静止状态．故C错误，D 正确．故选A D 【点评】本题关键要抓住不变量进行分析：电容器与电源保持相连，板间电压保持不变；充电后与电源断开后，电量不变．电量、正对面积不变时，改变板间距离，板间场强不变．6．如图所示，真空中M、N 处放置两等量异种电荷，a、b、c 表示电场中的三条等势线，d 点和e点位于等势线a 上，f 点位于等势线c 上，df 平行于MN．已知一带正电的试探电荷从d 点移动到f 点时，试探电荷的电势能增加，则以下判定正确的是（）A．M 点处放置的是正电荷B．d 点的电势高于f点的电势C．d 点的场强与f点的场强完全相同D．将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到e点，电场力先做正功，后做负功【考点】电场线．【分析】由电场力对正电荷做功可得电势的高低，再由电场线与电势的关系分析电场的方向．进而判断电荷的受力情况．【解答】解：A、B、因正电荷由d到f电场力做负功，电势能增加，则电势升高．故f点电势高于d 点电势．则N点为正电荷，故A错误，B 错误．C、d 点与f点为关于两电荷的中垂线对称，则场强大小相等但方向不同，故C错误．D、将带正电的试探电荷沿直线由d点移动到 e 点，电势能先减小再增大到原来值，故电场力先做正功、后做负功．故D正确．故选：D【点评】在电场中跟据带电粒子运动轨迹和电场线关系判断电场强度、电势、电势能、动能等变化是对学生基本要求，也是重点知识，要重点掌握7．两个点电荷Q1、Q2 固定于x轴上，将一带正电的试探电荷从足够远处沿x轴负方向移近Q2（位于坐标原点）的过程中，试探电荷的电势能E p 随位置变化的关系如图所示，则下列判断正确的是（）A．M 点电势为零，N 点场强为零B．M 点场强为零，N 点电势为零C．Q1 带负电，Q2 带正电，且Q2 电荷量较小D．Q1 带正电，Q2 带负电，且Q2 电荷量较大【考点】电势能；电势．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】由图读出电势能E P，由φ=，分析电势．E P﹣x 图象的斜率=F，即斜率大小等于电场力大小．由F=qE，分析场强．析电势变化，确定场强的方向，由N点场强为零，判断两电荷的电性和电量的大小．【解答】解：AB 、由图知，M 点电势能与无穷远处的电势能相等，E P =0，由 φ= ，分析得知，M 点电势 φ=0．E P ﹣x 图象的斜率=F=qE ，则知 N 点场强为零．故 A 正确，B 错误． CD 、根据正电荷在电势高处电势能大，可知，带正电的试探电荷从远处移近 Q 2 的过程中，电势能 减小，电势先降低后升高，说明 Q 1 带负电，Q 2 带正电，N 点场强为零，由 E =k知，Q 2 电荷量较 小．故 C 正确，D 错误．故选：AC ．【点评】本题一要抓住 E P ﹣x 图象的斜率率=F=qE ，分析场强的变化．二要根据推论正电荷在 电势高处电势能大，分析电势的变化，确定电荷的电性．8．如图，A 、B 是电荷量都为 Q 的两个正点电荷．O 是它们连线的中点，P ，P ′是它们连线中垂线上 对称的两个点．从 P 点由静止释放一个电子，不计电子重力．则（ ）A ．电子将一直向上做加速运动B ．电子将向 O 点加速运动，到 O 点速度最大C ．电子在向 O 点运动的过程中，电势能增大D ．电子将在 P P'之间做周期性的往复运动【考点】点电荷的场强；电场的叠加．【分析】在等量的正电荷的电场中，所有的点的电势都是正的，根据矢量的合成法则可以知道，在 它们的连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，由此可以判断电场的情况和 电子的运动的情况．【解答】解：A 、根据矢量的合成可以知道，在两个电荷连线中点的电场的场强是零，在无穷远处 的电场的场强也是零，所以电子沿着中垂线运动时，电子受的力必定是先增加再减小，所以电子不 可能一直向上做加速运动，所以 A 错误． B 、由于连线中垂线上的点的电场强度的方向都是沿着中垂线指向外的，所以电子受到的电场力是 指向 O 点的，所以电子将向 O 点加速运动，到 O 点速度最大，故 B 正确．C 、电子在向 O 点运动的过程中，电场力做正功，电势能减小，所以 C 错误．D 、根据 B 的分析，电子将向 O 点加速运动，在远离 O 点的过程中减速，减为零之后再反向加速， 不断地重复这个过程，所以 D 正确．故选 B D ．【点评】本题考查的就是点电荷的电场的分布及特点，这要求同学对于基本的几种电场的情况要了 解，本题看的就是学生的基本知识的掌握情况，比较简单．9．在真空中有一匀强电场，电场中有一质量 m =0.01g ，带电荷量 q =﹣2×10﹣8C 的尘埃沿水平方向向 右做匀速直线运动，g=10m/s 2，则（ ）A ．场强的方向一定沿水平方向B ．场强的方向一定竖直向下C ．场强的方向一定竖直向上D ．场强的大小一定为E =5×103N/C 【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系． 【专题】电场力与电势的性质专题． 【分析】尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平衡，根据平衡 条件求出电场强度大小和方向． 【解答】解：由题，尘埃在匀强电场中沿水平方向向右做匀速直线运动，受到的电场力与重力平 衡，则电场力方向竖直向上，而尘埃带负电，所以电场强度方向竖直向下．根据平衡条件得： mg=qE ，得：E=N/C=5×103N/C ． 故选：BD ．【点评】解决本题的关键根据受力平衡求出电场强度的大小和方向，以及知道电场强度的方向与正 电荷所受电场力方向相同，与负电荷所受电场力方向相反．10．如图所示，A 、B 两个带电小球的质量均为 m ，所带电量分别为+q 和﹣q ，两球间用绝缘细线连 接，A 球又用绝缘细线悬挂在天花板上，细线长均为 L ．现在两球所在的空间加上一方向向左的匀强电场，电场强度，由于有空气阻力，A 、B 两球最后会达到新的平衡位置，则在这个过程 中，两个小球（）A ．总重力势能增加了B ．总重力势能增加了C ．总电势能减少了D ．总电势能减少了 【考点】电势能；机械能守恒定律． 【专题】电场力与电势的性质专题． 【分析】加上电场后 B 球向左运动，达到平衡后，对整体由平衡条件得知，A 球不动，B 球向左偏 转 45°，上升的高度为 h =L （1﹣cos45°），即可求出重力势能的增加量和电势能的变化量．【解答】解：A 、B 加上电场后 B 球向左运动，达到平衡后，由于 q E=mg ，由平衡条件对整体研究可知，A 球不 动，B 球向左偏转 45°，上升的高度为 h =L （1﹣cos45°），则总重力势能增加了△E P =mgh=．故 A 正确，B 错误．C 、D 、B 球沿电场力方向移动的距离为 d =，则总电势能减少了 q Ed=．故 C 错误，D 正 确． 故选 A D【点评】本题的解题关键是确定平衡后两球的位置，再根据重力做功和电场力做功，研究重力势能 和电势能的变化．11．一个初动能为 E k 的带电粒子，以速度 V 垂直电场线方向飞入两块平行金属板间，飞出时动能为 3E k ．如果这个带电粒子的初速度增加到原来的 2 倍，不计重力，那么该粒子飞出时动能为（ ）A ．4.5 E kB ．4 E kC ．6 E kD ．9.5E k【考点】带电粒子在匀强电场中的运动．【专题】带电粒子在电场中的运动专题．【分析】带电粒子垂直飞入匀强电场中，做类平抛运动，运用运动的分解法，得出偏转距离与初速 度和初动能的关系，由动能定理得到电场力做功与初动能的关系式，再用同样的方法得到初速度增 加到原来 2 倍时电场力做功与初动能的关系，由动能定理求解该粒子飞出时的动能．【解答】解：设平行金属板的长度为 L ，板间距离为 d ，场强为 E ． 当初速度为 v 时，则有：y=at 2=（）2=…① 根据动能定理得，qEy=3E k ﹣E k ，得：2E k =…② 当初速度为 2V 时，同理可得：y ′==…③电场力做功为W ′=qEy ′=…④ 由②④比较得：W ′=0.5E k 根据动能定理得：W ′=E k ′﹣4E k ，得：E k ′=4.5E k故选：A【点评】本题是动能定理和类平抛运动知识的综合应用，用相同的物理量表示电场力做功是解题的 关键．12．如图所示，用绝缘轻质细线悬吊一质量为 m 、电荷量为 q 的小球，在空间施加一匀强电场，使 小球保持静止时细线与竖直方向成 θ 角（已知 θ 满足 0＜θ＜45°），则所加匀强电场的电场强度的可 能值为（ ）A ．B ．C ．D ．【考点】匀强电场中电势差和电场强度的关系．【专题】电场力与电势的性质专题．【分析】小球保持静止时受到重力、电场力和细线的拉力，运用作图法分析什么条件下电场力最小，再场强公式E =得到场强的最小值，再分析E的可能值．【解答】解：小球保持静止时受到重力m g、电场力F和细线的拉力T，作出力图如图．根据作图法可知，当电场力F与细线垂直时，电场力最小，最小值为：F=mgsinθ则场强的最小值为：E==电场力F可能等于m g，E 可能为；当F水平时，F=mgtanθ，E= F 不可能等于mgtanθ，则E 不可能等于；故选：ABC．【点评】本题相当于物体平衡中极值问题，通过作图法分析解答是常用的方法，也可以采用数学函数法求解．13．如图所示为伏安法测电阻的一种常用电路．下列分析中正确的是（）A．此接法的测量值大于真实值 B．此接法的测量值小于真实值 C．此接法要求待测电阻值小于电流表内阻 D．开始实验时滑动变阻器滑片P应处在最左端【考点】伏安法测电阻．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】由电路图可知，该实验采用的是滑动变阻器的分压接法，电流表的内接法；（1）电流表外接法，由于电压表的分流作用，使电流表测的电流大于流过电阻的电流，测量值小于真实值；待测电阻越小，电压表的分流作用越小，电流表测的电流越接近流过电阻的真实值，实验误差越小．电流表内接法，由于电流表的分压作用，使电压表测的电压大于待测电阻两端的电压，测量值大于真实值；待测电阻阻值越大，电流表分压影响越小，电压表的测量值越接近真实值，实 验误差越小． 为保证电路安全，采用滑动变阻器分压接法时，在闭合开关前，要求滑动变阻器滑片移到分压电阻 为零的位置．【解答】解：（1）实验采用电流表的内接法，电流的测量值 I 是真实的，由于电流表的分压作用，电压测量值 U 偏大，由 R =可知， 测量值偏大，测量值大于真实值，故 A 正确，B 错误； 伏安法测电阻，当待测电阻阻值远大于电流表内阻时，采用内接法，故 C 错误；（3）实验采用的是滑动变阻器的分压接法，为保证电路安全， 开始实验时滑动变阻器滑片 P 应处在最右端，此时分压电路电压为零，故 D 错误； 故选 A ．【点评】本题考查了伏安法测电阻实验电路分析、实验注意事项、实验误差分析等问题，难度不是 很大，熟练掌握基础知识即可正确解题．二．计算题（共 35 分，14 题 18 分．15 题 17 分；解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算 步骤，只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）14．某同学欲测一电阻 R x 的阻值（约为 300Ω）可供选择的仪器有：电流表 A 1，量程 10mA ；电流 表 A 2，量程 0.6A ；电压表 V 1，量程 3V ；电压表 V 2，量程 15V ；电源电动势为 4.5V ．请同学们按 图接好电路，闭合 S 1 后，把开关 S 2 拨至 a 时，发现两电表的指针偏转的角度都在满偏的处；再把 开关 S 2 拨至 b 时，发现其中一个电表的指针偏转几乎不变，另一个电表的指针偏转的角度在满偏的处；该同学在实验中所选电压表的量程为 3V 所选电流表的量程为 10mA R x 的测量值为 320Ω ．若电键接触 a 时，电流表 I a=5.0mA ，电压表 U a=2.7V ；当电键接触 b 时，电流表 I b=4.0mA ，电压表 Ub=2.8V ，为使测量误差较小，应将电键接触 B 端；则该电阻的测量值为 700Ω ，测量值比 该电阻的真实值 偏大 ．【考点】伏安法测电阻． 【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】（1）电源电动势为 4.5V ，如果选择 15V 档位，偏转五分之四达到 12V ，超过电源的电动势， 故电压表选择的是低档位； 电压表读数几乎不变，电流表读数变化明显，说明电压表分流作用明显，即待测电阻的电阻值与电 压表内阻相接近，而伏特表电阻较大，至少几千欧姆，故电流表选 10mA 挡；（3）根据欧姆定律和电路的串并联知识列式求解即可．（4）根据两电表的示数变化，可知哪一个电表测量误差较大，则可以选出较准确的方法．。
2021年高二上学期第3次周考物理试题 含答案
2021年高二上学期第3次周考物理试题含答案一．选择题（1-6为单选，7-8为多选，每题6分，共48分）1.有甲、乙两导体，甲的电阻是乙的一半，而单位时间内通过导体乙横截面的电荷量是甲的两倍，则以下说法中正确的是（）A．甲、乙两导体中的电流相同B．乙导体中的电流是甲导体的2倍C．甲、乙两导体两端的电压相同D．乙导体两端的电压是甲的2倍2.如图所示，一根截面积为S的均匀长直橡胶棒均匀带有负电荷，每米电荷量为q，当此棒沿轴线方向做速度为υ的匀速直线运动时，由于橡胶棒运动而形成的等效电流大小为（）A. υqB.C. qυsD.3.一块手机电池的背面印有如图所示的一些参数，另外在手机使用说明书上还查到了部分参数：通话时功率0.6W、待机时间100h等，如果数据是真实的，则该电池最多能供通话的时间是（）A．3h B．6h C．12h D．18h4.关于“电荷在电路中定向移动形成电流”有如下说法，其中正确的是()A．电流的速度就是自由电荷在电路中定向移动的速度B．电流的速度就是电场在电路中传播的速度，等于光速C．电流的方向就是自由电荷定向移动的方向D．在普通电路中，自由电荷定向移动的速度和普通子弹的速度数量级相当5.关于电压和电动势，下列说法正确的是（）A. 电压和电动势的单位都是伏特，所以电动势和电压是同一物理量的不同说法B. 电动势就是电源两极间的电压C. 电动势就是反应电源把其他形式的能转化为电能本领强弱的物理量D. 电动势公式中的W与电压中的W是一样的，都是电场力做的功6.小灯泡通电后，其电流I随所加电压U变化的图线如图所示，P为图线上一点，PN为P 点的切线，PQ为U轴的垂线，PM为I轴的垂线，则下列说法不正确的是（）A. 随着所加电压的增大，小灯泡的电阻增大B. 对应P点，小灯泡的电阻为R=C. 对应P点，小灯泡的电阻为R=D. 对应P点，小灯泡的功率为图中矩形PQOM所围的面积7.某同学做三种导电元件的导电性实验，他根据所测量数据分别绘制了三种元件的I﹣U图象，如图所示，则下述判断正确的是（）A．只有乙图表示的电阻遵从欧姆定律B．甲、丙图的曲线一定是偶然误差太大C．甲的电阻阻值随电压升高而减小D．丙的电阻能作为标准电阻使用8.如图所示，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，则下列说法正确的是（）班级：姓名：座号：得分：一．选择题（1-6为单选，7-8为多选，每题6分，共48分）（请把选择题答案写在此处）二.填空题（每空5分，共10分）9.属导体通电时，导体中自由电子定向移动的方向与电流方向（选填“相同”或“相反”）．一段金属电阻丝的电阻为R，当在它的两端加上电压U时，则在通电时间t内通过金属电阻丝横截面的电子个数为n = ．（已知一个电子的电荷量为e）三．计算题（第10题18分，第11题24分，共42分）10.加在某导体两端的电压变为原来的3/5时，导体中的电流减小了0.4A，如果所加电压变为原来的2倍，则导体中的电流多大？11.在光滑绝缘的水平面上有半圆柱形的凹槽ABC，截面半径为R=0.4m．空间有竖直向下的匀强电场，一个质量m=0.02kg，带电量q=+l．0×l0﹣3 C的小球（可视为质点）以初速度v0=4m/s从A点水平飞人凹槽，恰好撞在D点，D与O的连线与水平方向夹角为θ=53°，重力加速度取g=10m/s2，sin 53°=0.8．cos 53°=0.6，试求：（1）小球从A点飞到D点所用的时间t；（2）电场强度E的大小；（3）从A点到D点带电小球电势能的变化量．参考答案一．选择题（1-6为单选，7-8为多选，每题8分，共64分）（请把选择题答案写在此处）9.相反；10.解：设是导体两端原来的电压为U，电流为I，则导体的电阻又由题，导体两端的电压变为原来的时，导体中的电流减小了0.4 A，则有联立得解得I=1.0 A当电压变为2U时，I′=2I=2A11.解：（1）水平方向上，小球做匀速直线运动R+Rcosθ=v0t解得（2）在竖直方向上，小球做匀加速直线运动mg+qE=ma解得（3）由匀强电场中电势差与电场强度的关系，有U AD=E•Rsinθ=96VJ @29623 73B7 玷[21140 5294 劔037576 92C8 鋈.34173 857D 蕽[22033 5611 嘑21055 523F 刿31856 7C70 籰27391 6AFF 櫿。
- 1、下载文档前请自行甄别文档内容的完整性，平台不提供额外的编辑、内容补充、找答案等附加服务。
- 2、"仅部分预览"的文档,不可在线预览部分如存在完整性等问题,可反馈申请退款(可完整预览的文档不适用该条件!)。
- 3、如文档侵犯您的权益，请联系客服反馈,我们会尽快为您处理(人工客服工作时间：9:00-18:30)。
高二上学期周练(3)班级：___________姓名：______________学号：___________得分：__________________一、选择题：（所有题目都只有一个正确选项，每小题6分，共48分）1．关于电流，下列说法正确的是（ ）A ．根据I =q/t 可知，I 与q 成正比B ．如果在相等时间内通过导体截面的电量相等，则导体中的电流为恒定电流C ．电流有方向，因此在电路中电流是矢量D ．电流的单位“安培”是国际单位制中的基本单位2. 把电阻是1Ω的一根金属丝截成等长的10段，再把这10段金属丝并联起来，这样并联的一组金属丝的电阻是（ ）A ．0.01ΩB ．0.10ΩC ．10ΩD ．100Ω3．一只断灯丝的灯泡，摇接灯丝后使用，要比原来亮一些，这是因为灯丝的 （ ）A ．电阻变小B ．电阻增大C ．电阻率减小D ．电阻率增大4．家用电饭锅有两种工作状态，一是锅内水烧开前的加热状态，一是水烧开后的保温状态，其电路如图所示，R 1、R 2是电热丝，S 是温控开关，A 、B 两点接照明电路，下列叙述中正确的是（ ）A ．S 断开时是加热状态B ．S 闭合时是保温状态C ．S 闭合时是加热状态D ．S 断开时是保温状态5.如图所示，额定电压为110 V 的两盏电灯，额定功率分别为P A ＝100 W ，P B ＝25 W ．把它们接到220 V 的电路上，欲使它们都能正常发光且耗电最少，应采用的接法是( C )6．现有半球形导体材料，接成如图7所示(a)、(b)两种形式，则两种接法的电阻之比R a ∶R b 为( )A ．1∶1B ．1∶2C ．2∶1D ．1∶47．两根同种材料制成的电阻丝a 和b ，a 的长度和横截面的直径均为b 的两倍，要使两电阻丝接入电路后消耗的电功率相等，加在它们两端的电压之比U a ∶U b 为() R 1R 2S A BA ．1∶1B ．2∶1 C.2∶1 D ．1∶ 28．用半偏法测电流表的内阻R g 如图所示，下面说法正确的是（ ）A ．开关S 1接通前，R 必须调节到高阻值的位置B ．开关S 2接通后，R 的阻值不再调节C ．当电流表的示数从满偏电流I g 调节到半偏电流时，R ′中的电流稍大于12I g D ．R 的阻值大小对实验测量误差没有影响9． 如图2-56是测量电源电动势和内电阻的电路，关于误差的说法正确的是（ ）A ．由于电流表的分压作用，使内电阻的测量值小于真实值；B ．由于电流表的分压作用，使内电阻的测量值大于真实值；C ．由于电压表的分流作用，使内电阻的测量值小于真实值；D ．由于电压表的分流作用，使内电阻的测量值大于真实值；E ．测出的电动势与真实值相同； Ｆ．测出的电动势比真实值小．10．某一网络电路中的部分电路如图7所示，已知I ＝3 A ，I 1＝2 A ， R 1＝10 Ω，R 2＝5 Ω，R 3＝30 Ω，则下列结论正确的是( )A.通过R3的电流为0.5 A ，方向从a →bB.通过R3的电流为0.5 A ，方向从b →aC ．通过电流表的电流为0.5 A ，电流表“＋”接线柱在右边D ．通过电流表的电流为1.5 A ，电流表“＋”接线柱在左边11.如下图所示，电灯A 上标有“10 V ,10 W”的字样，电灯B 上标有“8 V ,20W”的字样，滑动变阻器的总电阻为6 Ω，当滑动触头由a 端向b 端滑动的过程中(不考虑电灯电阻的变化)，则( )A ．电流表示数一直减小，电压表示数一直增大B ．电流表示数一直增大，电压表示数一直减小C ．电流表示数先增大后减小，电压表示数先减小后增大D ．电流表示数先减小后增大，电压表示数先增大后减小12.比准确值稍小一些，采用下列哪种措施可能加以改进( )A ．在R 上串联一个比R 小得多的电阻B ．在R 上串联一个比R 大得多的电阻C ．在R 上并联一个比R 小得多的电阻D ．在R 上并联一个比R 大得多的电阻13．如图所示，将一电流表G 和一电阻连接可以改装成伏特表或安培表，则甲图对应的是表，要使它的量程加大，应使R 1 （填“增大”或“减小”）；乙图是 表，要使它的量程加大，应使R 2 （填“增大”或“减小”）．20. 安培；减小；伏特；增大23．为了测定液体的电阻率，工业上用一种称为“电导仪”的仪器，其中一个关键部A v 图2-56件如图所示．A、B是两片面积为1 cm2的正方形铂片．间距d=1 cm，把它们浸没在待测液体中．若通过两根引线加上一定的电压U=6 V时，测出电流强度I=1μA，这种液体的电阻率为多少？23.解析由R=UI得，R=66110-⨯Ω=6×106Ω由电阻定律R=ρLS得ρ=RSL=6442610110610110--⨯⨯⨯=⨯⨯Ω·m24．一台电风扇，内阻为20Ω，接上220V的电压后，正常运转，这时电风扇消耗的功率是66W．求：(1)通过电动机的电流是多少？(2)转化为机械能和内能的功率各是多少？电动机的效率是多大？(3)如果接上电源后，扇叶被卡住，不能转动，这时通过电动机的电流多大？电动机消耗的电功率和发热功率又是多大？24．解析(1)电风扇消耗的电功率：P＝UI所以通过电动机的电流：I＝P/U＝0.3A(2)电动机电阻消耗的电功率即为转化为内能的功率，所以P内＝I2r＝1.8W根据能量关系有，转化为机械能的功率为P机＝P－P内＝64.2W电动机的效率为η＝P机/P＝97.３％(3) 扇叶被卡住后电动机在电路中相当于电阻，这时通过电动机的电流I′＝U/r＝11A电动机消耗的电功率：P′＝UI′＝2.42×103W电动机的发热功率：P热＝(I′ )2R＝P′＝2.42×103W5.如图,为多用电表欧姆挡的原理示意图，其中电流表的满偏电流为300 μA，内阻r g＝100 Ω，调零电阻最大阻值R＝50 kΩ，串联的固定电阻R0＝50 Ω，电池电动势E＝1.5 V，用它测量电阻R x，能较准确测量的阻值范围是( )A．30 kΩ～80 kΩB．3 kΩ～8 kΩC．300 kΩ～800 kΩD．3 000 kΩ～8 000 kΩ7．用多用电表的欧姆挡测某一电阻的阻值时，分别用“×1”、“×10”、“×100”三个电阻挡测了三次，指针所指的位置如图所示，则下列说法正确的是( )A．①是选取“×100”挡位时的指针位置B．③是选取“×100”挡位时的指针位置C．为提高测量的精确度，应选取“×10”挡D．不能判定各指针位置对应的挡位8．如实验图(下图)所示用多用表测直流电压U和测电阻R时，若红表笔插入多用表的正(＋)插孔，则 ( )A ．前者电流从红表笔流出多用表，后者电流从红表笔流出多用表B ．前者电流从红表笔流入多用表，后者电流从红表笔流入多用表C ．前者电流从红表笔流出多用表，后者电流从红表笔流入多用表D ．前者电流从红表笔流入多用表，后者电流从红表笔流出多用表9．使用多用表的欧姆挡测导体电阻时，如果两手同时分别接触两表笔的金属杆，则造成测量值( )A ．比真实值大B ．比真实值小C ．与真实值相等D ．可能比真实值大，也可能小10．一个用满偏电流为3 mA 的电流表改装成欧姆表，调零后用它测500 Ω的标准电阻时，指针恰好指在刻度盘的正中间，如用它测量一个未知电阻时，指针指在1 mA 处，则被测电阻的阻值为( )A ．150 ΩB ．1 000 ΩC ．2000 ΩD ．5 000 Ω14．(8分)如图12所示的电路中，各电阻的阻值已标出．当输入电压U AB ＝110 V 时，输出电压U CD 是多少？图1214．1 V解析 输出电压U CD 即电阻R 上分到的电压，由于只知道输入电压U AB 及各电阻之间的比例关系，因此应考虑从串联电路中电阻与电压之间的比例关系着手．并联部分的等效电阻为：R 并＝(9R ＋R )×109R (9R ＋R )＋109R ＝R ， 则电路的总电阻为：R 总＝10R ＋R ＝11R.由串联分压得并联部分R 并上的电压为：U 并＝R 并R 总·U AB ＝R 11R ×110 V ＝10 V. 而输出电压U CD 即电阻R 上分到的电压，再由串联分压得，U CD ＝U R ＝R 9R ＋RU 并＝110×10 V ＝1 V .16．一台电风扇，内阻为20 Ω，接上220 V 电压后，消耗功率66 W ．求：(1)电风扇正常工作时通过风扇电动机的电流强度；(2)电风扇工作时，转化为机械能的功率和内能的功率，电动机的效率．(3)若接上电源后，扇叶被卡住，不能转动，则此时通过电动机的电流多大？电动机消耗的电功率和发热功率各是多大？ 答案 (1)0.3 A (2)1.8 W 64.2 W 97.3%(3)11 A 2 420 W 2 420 W解析 (1)因为P 入＝IU 所以I ＝P U ＝66220A ＝0.3 A (2)电风扇正常工作时转化为内能的功率P 热＝I 2R ＝0.32×20 W ＝1.8 W电风扇正常工作时转化为机械能的功率P 机＝P 入－P 内＝66 W －1.8 W ＝64.2 W电风扇正常工作时的效率η＝P 机P 入＝64.266×100%≈97.3% (3)电风扇风叶被卡住后通过电风扇的电流I ＝U R ＝22020A ＝11 A 电动机消耗的电功率P ＝IU ＝11×220 W ＝2 420 W电动机发热功率P 热＝I 2R ＝112×20 W ＝2 420 W.。