安徽省江南十校2014届高三开年第一考 物理试题
2010-2014年安徽省名校高考模拟江南十校高三联考理科综合试题汇编物理部分(含答案)
O O1 O2 B2 Q
P θ B1
X
2 3h 3
2 3 )h ----------------------------------- （2 分） 3 mv 2mv0 2 又 r1 进入 B2 后，由几何关系得： 2r2 cos 30 OQ OP 3h eB1 eB1 3
-------- （2 分） ，又 r2
“嫦娥二号”卫星于 2010 年 10 月 1 日发射成功，它经过三次近月制动后，在近月轨道上做匀速圆周运 15． 动（运动半径可看作月球半径） 。若地球质量为 M，半径为 R，第一宇宙速度为 ；月球半径为 r ，质量 为 m 。则“嫦娥二号”在近月轨道上运动的速度大小为（ A． ） D．
mr v MR
23、解： （1）电子在电场中做类平抛运动
2011 江十
（2）画出电子在磁场中运动-----（1 分） h at 2 -------（1 分） -------（1 分） 3 2 m 2 3mv0 解得： ； E ------------------------------（2 分） 2eh Y x v0 t
∴ r2
2 h 3
B1 r2 3 3 1 （或= ）-- --（2 分） B2 r1 6 3 3 24、 （20 分）解（1）设乙与甲碰前瞬间速度为 v1 ，碰后瞬间速度为 v2 ，甲乙一起返回到 D 时速度为 v3 . 1 2 乙从 B 到 D 有 mgR umgL1 mv1 ①-------（2 分） 2 碰撞过程由动量守恒得 ②-------（2 分） mv1 2mv2 1 1 2 2 甲 乙从 D 到 E 再回到 D 有 2mg 2 L2 2mv3 2mv2 ③-------（3 分） 2 2 1 乙从 D 到 C 有 ④-------（3 分） mgL1 mv32 2 R 联立解得 5 L1 8 L2 2mv0 eB2
安徽省“江南十校”2024届高三六校第一次联考物理试卷含解析
安徽省“江南十校”2024届高三六校第一次联考物理试卷注意事项：1．答题前，考生先将自己的姓名、准考证号填写清楚，将条形码准确粘贴在考生信息条形码粘贴区。
2．选择题必须使用2B铅笔填涂；非选择题必须使用0．5毫米黑色字迹的签字笔书写，字体工整、笔迹清楚。
3．请按照题号顺序在各题目的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
4．保持卡面清洁，不要折叠，不要弄破、弄皱，不准使用涂改液、修正带、刮纸刀。
一、单项选择题：本题共6小题，每小题4分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的。
1、如图所示，轻弹簧的一端固定在竖直墙上，一个光滑弧形槽静止放在足够长的光滑水平面上，弧形槽底端与水平面相切，让一个物块从槽上高h处由静止开始下滑。
下列说法正确的是（）A．物块沿槽下滑的过程中，物块的机械能守恒B．物块沿槽下滑的过程中，物块与槽组成的系统动量守恒C．从物块压缩弹簧到被弹开的过程中，弹簧对物块的冲量等于零D．物块第一次被反弹后一定不能再次回到槽上高h处2、下列关于电磁感应现象的认识，正确的是()A．它最先是由奥斯特通过实验发现的B．它说明了电能生磁C．它是指变化的磁场产生电流的现象D．它揭示了电流受到安培力的原因3、汽车A、B在同一水平路面上同一地点开始做匀加速直线运动，A、B两车分别在t0和2t0时刻关闭发动机，二者速度一时间关系图象如图所示。
已知两车的质量相同，两车运动过程中受阻力都不变。
则A、B两车（）A．阻力大小之比为2：1B．加速时牵引力大小之比为2：1C．牵引力的冲量之比为1：2D．牵引力做功的平均功率之比为2：14、如图甲所示，理想变压器原、副线圈匝数比为11:1，原线圈接入如图乙所示的正弦式交变电流，A、V均为理想电表，二极管D正向电阻为零，反向电阻无穷大，R是定值电阻，L是灯泡，R t是热敏电阻（电阻随温度升高而减小）。
以下说法正确的是（）A ．交变电流的频率为100HzB ．电压表的示数为10VC ．当温度升高时，灯泡L 变亮D ．当温度降低时，理想变压器输入功率增大5、如图所示，理想变压器的原线圈接在2202sin (V)π=u t 的交流电源上，原线圈上接有20Ωr =的电阻，副线圈接有50ΩR =的负载电阻，原、副线圈匝数之比为2:1，电流表、电压表均为理想电表。
江南十校2014联考理综试卷物理部分
2014年安徽省“江南十校”高三联考理科综合能力测试14.2013年6月20日上午10时，我国首次太空授课在神州十号飞船中由女航天员王亚平执教，在太空中王亚平演示了一些奇特的物理现象，授课内容主要是使青少年了解微重力环境下物体运动的特点。
如图所示是王亚平在太空仓中演示的悬浮的水滴。
关于悬浮的水滴，下列说法正确的是 A ．环绕地球运行时的线速度一定大于7.9 km/s B ．水滴处于平衡状态 C ．水滴处于超重状态 D ．水滴处于失重状态15.如图所示，半径为R 的半圆形区域内分布着垂直纸面向里的匀强磁场，磁感应强度为B ，半圆的左边垂直x 轴放置一粒子发射装置，在-R ≤y ≤R 的区间内各处均沿x 轴正方向同时发射出一个带正电粒子，粒子质量均为m 、电荷量均为q 初速度均为v ，重力及粒子间的相互作用均忽略不计，所有粒子都能到达y 轴，其中最后到达y 轴的粒子比最先到达，y 轴的粒子晚Δt 时间，则A ．粒子到达y 轴的位置一定各不相同B 、磁场区域半径R 应满足mv R Bq≥C ．m R t qB v θ∆=-，其中角度口的弧度值满足sin BqRmvθ= D ．m Rt qB vπ∆=- 16.如图所示，在光滑的水平面上放有一物体M ，物体上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为R ，最低点为C ，两端A 、B 等高，现让小滑块m 从A 点静止下滑，在此后的过程中，则A.M 和m 组成的系统机械能守恒，动量守恒B.M 和m 组成的系统机械能守恒，动量不守恒C.m 从A 到C 的过程中M 向左运动，m 从C 到B 的过程中M 向右运动D .m 从A 到B 的过程中，M 运动的位移为mR M m+17.如图，在一半经为R 的球面顶端放一质量为m 的物块，现给物块一初速度v 0，则A ．若0v =A 点B ．若球面是粗糙的，当0v <段，再斜抛离球面C ．若0v <A 点为RD ．若移0v ≥A 点至少为2R18.如图所示，两束细平行单色光a 、b 射向置于空气中横截面为矩形的玻璃砖的下表面，设玻 璃砖足够长，若发现玻璃砖的上表面只有一束光线射出，则下列说法中正确的是A ．其中有一束单色光在玻璃砖的上表面发生了全反射B ．在玻璃中单色光a 的传播速率小于单色光b 的传播速率C ．单色光a 的折射率小于单色光b 的折射率D ．若单色光a 为黄光，则单色光b 可能为红光19.如图所示区域内存在匀强磁场，磁场的边界由x 轴和2sin2y x π=曲线围成（x ≤2m ），现把一边长为2m 的正方形单匝线框以水平速度v =l0m/s水平匀速地拉过该磁场区，磁场区的磁感应强度为0.4T ，线框电阻R =0.5Ω，不计一切摩擦阻力，则A ．水平拉力F 的最大值为8NB ．拉力F 的最大功率为12.8WC ．拉力F 要做25.6J 的功才能让线框通过此磁场区D ．拉力F 要做12.8J 的功才能让线框通过此磁场区20．一均匀带正电的半球壳，球心为O 点，AB 为其对称轴，平面L 垂直AB 把半球壳一分为二，且左右两侧球壳的表面积相等，L 与AB 相交于M 点。
2014年安徽省省级示范高中名校高三联考理综试题(扫描版).pdf
10．解析：选项A中，SiO32-与NH4+ 因发生双水解而不能大量共存，同时通入SO2 时也会使SiO32- 生成H2SiO3白色沉淀；选项B中，Cl2可与通入的SO2氧化还原反应而不能大量共存；选项C中，C6H5O- 和SO32- 均能与通入的SO2反应生成C6H5OH和HSO3-而不能大量共存；D选项中，各离子能大量共存，且通入SO2后仍能大量共存。
11．C 解析：A项：NiO电极为原电池的负极，反应式CH4+4O2- -8e-=CO2+2H2O，错误；B项：氯气能与NaOH溶液反应，且氯气溶解度大于氢气的溶解度，a处收集的氯气体积小于b处收集的氢气，错误；C项：原电池中O2－移向负极即通入甲烷的NiO电极，电解池中Cl—移向失电子的阳极即碳电极，正确；D项：根据转移电子守恒，有CH4——4H2——8e- ，n(CH4)=0.1mol，则n(H2)=0.4mol，错误。
12．D解析：普通玻璃是由石灰石、纯碱和石英反应生成的混合物，不含铝元素，A 说法错误；制备铝用其熔融的氧化物，B说法错误；加热蒸干MgCl2溶液时由于水解生成挥发性盐酸，故最终得到Mg(OH)2固体，C说法错误；向MgCl2溶液中加入NaOH溶液只能生成白色沉淀，而向AlCl3溶液中加入NaOH溶液时可以看到先沉淀后溶解，说法正确。
．A的分子和分母同时乘以c(H+)，得Ka1/Kw，因为 ⑷ 2CO(g)+2NO(g) ＝N2(g)+2CO2(g) △H＝?746.0kJ·mol-1（3分） 解析：根据题给信息知X为碳元素，Y为氮元素，Z为硫元素，W为铁元素。
铁元素位于周期表第四周期第VIII族；根据价电子排布式3d64s2知其核外有4个未成对电子。
（2）（3分） （3）⑤（2分）NaOH水溶液、加热（1分，加热可以不答出） （4）4（2分） 、（2分） （5）c d（2分） 解析： 观察A的分子式结合反应条件，是醇的催化氧化，A是苯丙烯醛；结合⑤反应条件以及F的结构简式，B是苯丙烯酸，E是2-甲基-1-丙醇；逆推D是2-甲基-1-溴丙烷，C是甲基丙烯。
安徽省合肥市2014届高三第一次质量检测物理试卷Word版含答案
合肥市2014年高三第一次教学质量检测物理试题（考试时间：90分钟 满分：100分）一、选择题（每题4分，每题只有一个正确选项）1、如图所示，A 、B 两物体叠放在一起，让它们靠在粗糙的竖直墙边，已知B A m m >，然后由静止释放，在它们同时沿竖直墙壁下滑的过程中，物体BA 、仅受重力作用B 、受重力、物体A 的压力作用C 、受重力、竖直墙的弹力和磨擦力的作用D 、受重力、竖直墙的弹力和磨擦力、物体A 的压力作用2、位于坐标原点O 的质点在1F 、2F 和3F 三力的作用下保持静止，已知其中1F 的大小恒定不变，方向沿y 轴负方向的；2F 的方向与x 轴正方向的夹角为θ（︒<45θ），但大小未知，如图所示，则下列关于力3F 的判断正确的是A 、3F 的最小值为θcos 1FB 、3F 的大小可能为θsin 1FC 、3F 的方向可能与2F 的方向相反D 、3F 与2F 的合力大小与2F 的大小有关3、一质量为2kg 的物体受到水平拉力F 作用，在粗糙水平面上作加速直线运动时的t a -图像如图所示，t ＝0时其速度大小为2m/s ，滑动摩擦力大小恒为2N 。
A 、在t ＝6s 时刻，物体的速度为18m/sB 、在t ＝6s 时间内，合力对物体做的功为400JC 、在t ＝6s 时间内，拉力对物体的冲量为36NsD 、在t ＝6s 时刻，拉力F 的功率为200W4、一战斗机进行投弹训练，战斗机以恒定速度沿水平方向飞行，先后释放甲、乙两颗炸弹，分别击中竖悬崖壁上的P 点和Q 点。
释放两颗炸弹的时间为t ，击中P 、Q 的时间间隔为t '，s /AB不计空气阻力，以下对t 和t '的判断正确的是A 、0='tB 、t t <'<0C 、t t ='D 、t t >' 5、“北斗”系统中两颗工作卫星1和2在同一轨道上绕地心O 沿顺时针方向做匀速圆周运动，轨道半径为r ，某时刻它们分别位于轨道上的A 、B 两位置，如图所示，已知地球表面处的重力加速度为g ，地球半径为R ，不计卫星间的相互作用力，以下判断正确的是A 、这两颗卫星的向心加速度大小为g Rr a 22=B 、这两颗卫星的角速度大小为rg R=ω C 、卫星1由位置A 运动至位置B 所需时间为Rr R rt 3π=D 、如果使卫星1 加速，它就一定能追上卫星26、小车静止在光滑水平导轨上，一个小球用细绳悬挂在车上由图中位置无初速释放，在小车下摆到最低点的过程中，下列说法正确的是A 、绳对球的拉力不做功B 、球克服绳拉力做的功等于球减少的机械能C 、绳对车做的功等于球减少的重力势能D 、球减少的重力势能等于球增加的动能7、一列简谐横波沿x 轴传播，t ＝0时刻的波形如图甲所示，A 、P 和Q 是介质中的三个质点，A 的振动图象如图乙所示，下列判断正确的是A 、该波的传播速度是2.5m/sB 、该波沿x 轴正方向传播C 、从0=t 到s t 4.0=，P 通过的路程为4mt/10-1sD 、从0=t 的时刻开始，P 将比Q 先回到平衡位置8、图示电路中GMR 为一个磁敏电阻，它的阻值随所处空间磁场的增加增强而增大，闭合开头1S 和2S 后，在滑片P 向右滑动时A 、1L 、2L 都变暗B 、1L 、2L 都变亮C 、1L 变暗、2L 变亮D 、1L 变亮、2L 变暗9、电场强度方向与x 轴平行的静电场，其电势ϕ随x 的分布如图所示，一质量为m 、带电量为＋q 的粒子（不计重力），以初速度0v 从O 点（0=x ）沿经轴正方向进入电场。
安徽省省级示范高中名校2014届高三大联考理综试题扫描版试题
2014安徽省省级示范高中名校高三联考（物理）答案与解析14.答案：D解析：由rin sin sin =得A n =B n = :A B n n =A 错误；又vcn =，故:A B v v =，选项B 错误；由Cn sin 1=知sin sinC A B C >，故光线在介质A 中的临界角大，选项C 错误；A B n n <，A 为光疏介质，B 为光密介质，只有当光从光密介质射入光疏介质时才可能发生全反射，当光从光疏介质射入光密介质时一定同时存在反射光线和折射光线，选项D 正确。
15.答案：A解析：卫星在轨道上运行时，ma rGMm =2r mv 2=，故2GM a r =，r GMv =式中 r R h =+，由于“试验五号”与“环境一号C ”卫星的距地高度之比为3:2，不是运行半径之比，故选项C 、D 错误；由于不知道两卫星的质量关系，故不能判断万有引力关系，即无法判断向心力关系，选项B 错误；卫星轨道越高，需要的能量越多，故发射速度越大，选项A 正确。
16.答案：B解析：做曲线运动的物体受到的合力指向曲线的内侧，根据质子的运动轨迹可得，质子受到的电场力水平向右，电场线方向水平向右，a 点的电势比b 点高；从a →b 电场力对质子做正功，动能增加，电势能减少，选项A 、C 错误，选项B 正确；质子在a 、b 两点速度方向不同，加速度方向相同，选项D 错误。
17.答案：A 解析：(1)当v 0≤2gL 时，小球上升的高度不会超过O 点，在最高点时速度为零，所需向心力为零，T=mgcosθ，又因为12mv 02=mg （L-L cosθ），联立可得：T=mg － mv 022L ；(2)当2gL ＜v 0＜5gL 时，小球上升的高度超过O 点将离开圆轨道做斜抛运动，小球到达最高点时绳子处于松弛状态，T =0；(3)当v 0≥5gL 时，小球沿圆轨道上升到最高点时，T+mg= mv 2L ；12mv 02－ 12mv 2=2mgL ，联立得：T = mv 02L －5mg ，所以综上所述选项A 正确。
2014年安徽省高考物理试卷答案与解析
2014 年安徽省高考物理试卷参照答案与试题分析一、选择题（本卷共20 个小题，每题 6 分，共 120 分）14．（6 分）（ 2014? 安徽）在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推断未知现象的特征和规律．法国物理学家库伦在研究异种电荷的吸引问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系．已知单摆摆长为l ，引力常量为 G，地球质量为 M，摆球到地心的距离为 r ，则单摆振动周期 T 与距离 r 的关系式为（）A．T=2πr B．T=2π r C．T=D．T=2πl考点：单摆周期公式；万有引力定律及其应用．专题：单摆问题．剖析：先依据万有引力等于重力列式求解重力加快度，再依据单摆的周期公式列式，最后联立获取单摆振动周期T 与距离 r 的关系式．解答：解：在地球表面，重力等于万有引力，故：mg=G解得：g=①单摆的周期为：T=2π②联立①②解得：T=2πr应选： B．评论：此题重点是记着两个公式，地球表面的重力加快度公式和单摆的周期公式，基础题目．15．（ 6 分）（ 2014? 安徽）以下图，有一内壁圆滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN是经过椭圆中心O点的水平线．已知一小球从M点出发，初速率为v0，沿管道 MPN运动，到 N 点的速率为v1，所需时间为t 1；若该小球仍由M点以初速率v0出发，而沿管道MQN运动，到 N 点的速率为v2，所需时间为t 2，则（）A． v1=v2， t 1＞ t 2B．v1＜v2， t 1＞ t 2C． v1=v2， t 1＜ t 2D． v1＜ v2， t 1＜ t 2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．剖析：依据机械能守恒定律剖析小球抵达N点时速率关系，联合小球的运动状况，剖析均匀速率关系，即可获取结论．解答：解：因为小球在运动过程中只有重力做功，机械能守恒，抵达N点时速率相等，即有v1=v2．小球沿管道MPN运动时，依据机械能守恒定律可知在运动过程中小球的速率小于初速率 v0，而小球沿管道MQN运动，小球的速率大于初速率v0，因此小球沿管道的均匀速率小于沿管道MQN运动的均匀速率，而两个过程的行程相等，因此有t 2．故 A 正确．MPN运动t 1＞应选： A评论：解决此题重点要掌握机械能守恒定律，并能用来剖析小球速率的大小，知道均匀速率等于行程与时间之比．16．（6 分）（ 2014? 安徽）一简谐横波沿x 轴正向流传，图 1 是 t=0 时辰的波形图，图 2 是介质中某质点的振动图象，则该质点的x 坐标值合理的是（）A． 0.5m B．1.5m C． 2.5m D． 3.5m考点：简谐运动的振动图象；横波的图象；波长、频次和波速的关系．专题：振动图像与颠簸图像专题．剖析：从图 2 获取 t=0 时辰质点的位移和速度方向，而后再到图 1 中找寻该点．解答：解：从图 2 获取 t=0 时辰质点的位移为负且向负y 方向运动；在图 1 中位移为负y 方向，大小与图 2 相等，且速度为﹣ y 方向的是 2.5 地点的质点；应选： C．评论：此题重点是明确颠簸图象和振动图象的差别，振动图象反应了某个质点在不一样时间的位移状况，颠簸图象反应的是不一样质点在同一时辰的位移状况，不难．17．（6 分）（ 2014? 安徽）一带电粒子在电场中仅受静电力作用，取该直线为x 轴，开端点O为坐标原点，其电势能E P与位移中合理的是（）做初速度为零的直线运动，x 的关系以下图，以下图象A．B．电场强度与位移关系粒子动能与位移关系C．D．粒子速度与位移关系粒子加快度与位移关系考点：电势能；电场强度．专题：电场力与电势的性质专题．剖析：粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加快直线运动；依据功能关系获取Ep﹣x 图象的斜率的含义，得出电场力的变化状况；而后联合加快度的含义判断加快度跟着位移的变化状况．解答：解：粒子仅受电场力作用，做初速度为零的加快直线运动，电场力做功等于电势能的减小量，故：F=|| ，即 Ep﹣ x 图象上某点的切线的斜率表示电场力；A、Ep﹣ x 图象上某点的切线的斜率表示电场力，故电场力渐渐减小，依据E= ，故电场强度也渐渐减小；故 A 错误；B、依据动能定理，有：F? △x=△Ek，故Ek﹣ x 图线上某点切线的斜率表示电场力；因为电场力渐渐减小，与 B 图矛盾，故 B 错误；C、题图 v﹣ x 图象是直线，同样位移速度增添量相等，又是加快运动，故增添相等的速度需要的时间渐渐减小，故加快度渐渐增添；而电场力减小致使加快度减小；故矛盾，故 C 错误；D、粒子做加快度减小的加快运动，故 D 正确；应选： D．评论：此题切入点在于依据Ep﹣x 图象获取电场力的变化规律，打破口在于依据牛顿第二定律获取加快度的变化规律，而后联合动能定理剖析；不难．18．（ 6 分）（ 2014? 安徽）“人造小太阳”托卡马克装置使用强磁场拘束高温等离子体，使此中的带电粒子被尽可能限制在装置内部，而不与装置器壁碰撞．已知等离子体中带电粒子的均匀动能与等离子体的温度T 成正比，为拘束更高温度的等离子体，则需要更强的磁场，以使带电粒子在磁场中的运动半径不变．由此可判断所需的磁感觉强度 B 正比于（）A．B．T C．D． T2考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．剖析：粒子在磁场中做匀速圆周运动，由牛顿第二定律求出磁感觉强度，而后依据题意解题．解答：解：由牛顿第二定律得：qvB=m，解得： E K= mv2=，得： B= ，均匀动能与等离子体的温度T 成正比，则磁感觉强度 B 正比于；应选： A．评论：此题考察了求磁感觉强度与热力学温度的关系，粒子在磁场中做匀速圆周运动，应用牛顿第二定律即可正确解题．19．（ 6 分）（ 2014? 安徽）以下图，一倾斜的匀质圆环绕垂直于盘面的固定对称轴以恒定角速度ω转动，盘面上离转轴距离 2.5m 处有一小物体与圆盘一直保持相对静止，物体与盘面间的动摩擦因数为，（设最大静摩擦力等于滑动摩擦力），盘面与水平面的夹角为30°，g 取10m/s2，则ω的最大值是（）A．rad/s B．rad/s C． 1.0rad/s D． 0.5rad/s考点：向心力；线速度、角速度和周期、转速．专题：匀速圆周运动专题．剖析：当物体转到圆盘的最低点，由重力沿斜面向下的分力和最大静摩擦力的协力供给向心力时，角速度最大，由牛顿第二定律求出最大角速度．解答：解：当物体转到圆盘的最低点，所受的静摩擦力沿斜面向上达到最大时，角速度最大，由牛顿第二定律得：2μm gcos30°﹣ mgsin30°=mω r则ω==rad/s=1rad/s应选： C评论：此题重点要剖析向心力的根源，明确角速度在什么地点最大，由牛顿第二定律进行解题．20．（ 6 分）（2014? 安徽）英国物理学家麦克斯韦以为，磁场变化时会在空间激发感生电场．如图所示，一个半径为r 的绝缘体圆环水平搁置，环内存在竖直向上的匀强磁场B，环上套一带电荷量为 +q 的小球．已知磁感觉强度 B 随时间均匀增添，其变化率为k，若小球在环上运动一周，则感生电场对小球的作使劲所做功的大小是（）B．r2qk 2 2A． 0 C． 2πr qk D．πr qk考点：感生电动势、动生电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感觉与电路联合．剖析：依据法拉第电磁感觉定律求解感觉电动势，依据楞次定律判断感觉电动势的方向，然后依据 W=qU求解电功．解答：解：磁感觉强度 B 随时间均匀增添，其变化率为k，故感觉电动势为：2U=S=πr k依据楞次定律，感觉电动势的方向为顺时针方向；小球带正电，小球在环上运动一周，则感生电场对小球的作使劲所做功的大小是：W=qU=πr2qk应选： D．评论：此题重点是明确感觉电动势的大小求解方法和方向的判断方法，会求解电功，基础问题．二、非选择题21．（ 9 分）（ 2014? 安徽）图 1 是“研究平抛物体运动”的实验装置图，经过描点画出平抛小球的运动轨迹．（1）以下是实验过程中的一些做法，此中合理的是ac．a．安装斜槽轨道，使其尾端保持水平b．每次小球开释的初始地点能够随意选择c．每次小球应从同一高度由静止开释d．为描出小球的运动轨迹，描述的点能够用折线连结（2）实验获取平抛小球的运动轨迹，在轨迹上取一些点，以平抛起点O为坐标原点，丈量2c．（3）图 3 是某同学依据实验画出的平抛小球的运动轨迹，O为平抛的起点，在轨迹上任取三点 A、 B、 C，测得 A、 B 两点竖直坐标y1为 5.0cm， y2为 45.0cm ， A、 B 两点水平间距△x为 40.0cm ，则平抛小球的初速度 v0为 2.0 m/s ，若 C点的竖直坐标 y3为 60.0cm，则小球在 C 点的速度 v C为 4.0 m/s（结果保存两位有效数字，g 取 10m/s2）．考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题．剖析：（1）保证小球做平抛运动一定经过调理使斜槽的尾端保持水平，因为要画同一运动的轨迹，一定每次开释小球的地点同样，且由静止开释，以保证获取同样的初速度，实验要求小球滚下时不可以遇到木板平面，防止因摩擦而使运动轨迹改变，最后轨迹应连成光滑的曲线．（2）平抛运动竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动；联立求得两个方向间的位移关系可得出正确的图象．（3）依据平抛运动的办理方法，直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动即可求解．解答：解：（ 1）A、经过调理使斜槽尾端保持水平，是为了保证小球做平抛运动，故A 正确；BC、因为要画同一运动的轨迹，一定每次开释小球的地点同样，且由静止开释，以保证获取同样的初速度，故 B 错误， C 正确；D、用描点法描述运动轨迹时，应将各点连成光滑的曲线，不可以练成折线或许直线，故D错误．应选：AC．（ 2）物体在竖直方向做自由落体运动，y= gt 2；水平方向做匀速直线运动，x=vt ；联立可得： y=，因初速度同样，故为常数，故y﹣ x2应为正比率关系，故 C正确， ABD错误．应选： C．（3）依据平抛运动的办理方法，竖直方向做自由落体运动，水平方向做匀速直线运动，因此 y1= g①y2=②水平方向的速度，即平抛小球的初速度为v0=③联立①②③代入数据解得：v0=2.0m/s若 C 点的竖直坐标y3为 60.0cm ，则小球在 C 点的对应速度v C：据公式可得：=2gh，因此 v 下=2=3.5m/s=4.0m/s因此 C点的速度为：v c=故答案为： 2.0 ；4.0评论：解决平抛实验问题时，要特别注意实验的注意事项，在平抛运动的规律研究活动中不必定限制于课本实验的原理，要着重学生对研究原理的理解，提升解决问题的能力；灵巧应用平抛运动的办理方法是解题的重点．22．（ 9 分）（ 2014? 安徽）某同学为了丈量一个量程为3V 的电压表的内阻，进行了以下实验：（1）他先用多用电表进行了正确的丈量，丈量时指针地点如图 1 所示，得出电压表的内阻为 3.00 ×10 3Ω，此时电压表的指针也偏转了．已知多用表欧姆档表盘中央刻度值为“15”，表内电池电动势为 1.5V ，则电压表的示数为 1.0 V（结果保存两位有效数字）．（2）为了更正确地丈量该电压表的内阻R V，该同学设计了图 2 所示的电路图，实验步骤如下：A．断开开关 S，按图 2 连结好电路；B．把滑动变阻器 R的滑片 P 滑到 b 端；C．将电阻箱 R0的阻值调到零；D．闭合开关 S；E．挪动滑动变阻器R 的滑片 P 的地点，使电压表的指针指到3V 地点；F．保持滑动变阻器R 的滑片 P 地点不变，调理电阻箱R0的阻值使电压表指针指到 1.5V 位置，读出此时电阻箱R0的阻值，此值即为电压表内阻R V的丈量值；G．断开开关 S．实验中可供选择的实验器械有：a．待测电压表b．滑动变阻器：最大阻值2000Ωc．滑动变阻器：最大阻值10Ωd．电阻箱：最大阻值 9999.9 Ω，阻值最小该变量为0.1 Ωe．电阻箱：最大阻值 999.9 Ω，阻值最小该变量为0.1 Ωf ．电池组：电动势约6V，内阻可忽视g．开关，导线若干依据这位同学设计的实验方法，回答以下问题：①要使丈量更精准，除了采纳电池组、导线、开关和待测电压表外，还应从供给的滑动变阻器中采纳 c （填“ b”或“ c”），电阻箱中采纳 d （填“ d”或“ e”）．②电压表内阻 R V的丈量值 R测和真切值 R 真对比， R 测＞ R真（填“＞”或“＜”）；若 R V越大，则越小（填“大”或“小”）．考点：伏安法测电阻．专题：实验题．剖析：（ 1）欧姆表的内电阻等于中值电阻，依据闭合电路欧姆定律列式求解即可；（2）①采纳电压表半偏法丈量电压表内电阻，要保证电压表与电阻箱的总电压保持不变，需要使电压表电阻远大于滑动变阻器的电阻，电阻箱最大电阻不可以小于电压表电阻；②实验中要保证电压表与电阻箱的总电压不变，但实质上该电压是变化的，当电阻箱电阻增添时，电压表与电阻箱的总电压稍微增添，故调理电阻箱 R0的阻值使电压表指针指到 1.5V 地点，此时电阻箱的电压大于 1.5V ；解答：解：（ 1）欧姆表的内电阻等于中值电阻，为：R=15×100=1500Ω；电压表的内电阻为：R V=3000Ω；故电压表读数为：U=IR V===1.0V（2）①采纳电压表半偏法丈量电压表内电阻，要保证电压表与电阻箱的总电压保持不变，需要使电压表电阻远大于滑动变阻器的电阻，故滑动变阻器选择小电阻，即选择 c；电阻箱最大电阻不可以小于电压表电阻，电压表内电阻约为3000 欧姆，故电阻箱选择d；②实验中要保证电压表与电阻箱的总电压不变，但实质上该电压是变化的；当电阻箱电阻增添时，电压表与电阻箱的总电压稍微增添；实验中以为电阻箱和电压表电阻相等，故调理电阻箱R0的阻值使电压表指针指到 1.5V地点，此时电阻箱的电压大于 1.5V ，故电阻箱的电阻大于电压表的电阻，大；当 R v越大，电压表与电阻箱的总电压偏差越小，系统偏差越小，故当即丈量值偏R v越大，则越小；故答案为：（ 1）1.0 ；（ 2）① c、 d；②＞，小．评论：此题考察了用半偏法丈量电压表电阻，重点是明的确验原理，从实验原理角度选择器械、剖析偏差根源，不难．23．（ 14 分）（ 2014? 安徽）以下图，充电后的平行板电容器水平搁置，电容为 C，极板间距离为d，上极板正中有一小孔，质量为 m、电荷量为 +q 的小球从小孔正上方高 h 处由静止开始着落，穿过小孔抵达下极板处速度恰为零（空气阻力忽视不计，极板间电场可视为匀强电场，重力加快度为g），求：（1）小球抵达小孔处的速度；（2）极板间电场强度大小和电容器所带电荷量；（3）小球从开始着落运动到下极板处的时间．考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；动量定理；动能定理的应用．专题：电场力与电势的性质专题．剖析：（ 1）小球抵达小孔前是自由落体运动，依据速度位移关系公式列式求解即可；（ 2）对从开释到抵达下极板处过程运用动能定理列式求解电场强度，而后依据 Q=CU 求解电容器的带电量；（ 3）对加快过程和减速过程分别运用动量定理列式求解时间，而后乞降即可．解答：解：（ 1）小球抵达小孔前是自由落体运动，依据速度位移关系公式，有：v2=2gh解得：v=①（ 2）对从开释到抵达下极板处过程运用动能定理列式，有：mg（ h+d）﹣ qEd=0解得：E=②电容器两极板间的电压为：U=Ed=，电容器的带电量为：Q=CU=．（ 3）加快过程：mgt1=mv③减速过程，有：（mg﹣qE） t 2=0﹣mv④t=t 1+t 2⑤联立①②③④⑤解得：t=．答：（ 1）小球抵达小孔处的速度为；（ 2）极板间电场强度大小为，电容器所带电荷量为；（ 3）小球从开始着落运动到下极板处的时间为．评论：此题重点是明确小球的受力状况和运动规律，而后联合动能定理和动量定理列式剖析，不难．24．（ 16 分）（ 2014? 安徽）如图 1 所示，匀强磁场的磁感觉强度 B 为 0.5T ，其方向垂直于倾角θ为 30°的斜面向上．绝缘斜面上固定有“ A”形状的圆滑金属导轨MPN（电阻忽视不计），MP和 NP长度均为 2.5m ，MN连线水平，长为3m，以 MN的中点 O为原点， OP为 x 轴建立一维坐标系 Ox，一根粗细均匀的金属杆CD，长度 d 为 3m，质量 m为 1kg，电阻 R 为 0.3 Ω，在拉力 F 的作用下，从 MN处以恒定速度v=1m/s 在导轨上沿 x 轴正向运动（金属杆与导轨接触优秀），g 取 10m/s 2．（1）求金属杆 CD运动过程中产生的感觉电动势 E 及运动到 x=0.8m 处电势差 U CD；（2）推导金属杆 CD从 MN处运动到 P 点过程中拉力 F 与地点坐标 x 的关系式，并在图 2 中画出 F﹣ x 关系图象；（3）求金属杆CD从 MN处运动到P 点的全过程产生的焦耳热．考点：导体切割磁感线时的感觉电动势．专题：电磁感觉与电路联合．剖析：（ 1）导体棒切割磁感线产生感觉电动势，由几何关系求得x=0.8m 处的电动势，由欧姆定律即可求得CD之间的电势差；（ 2）依据上述发现，感觉电流大小与导体长度没关，则电流恒定，因此由电量表达式联合时间即可求解；（3）当导体棒匀速运动，由有效长度可列出安培力大小对于向下运动位移的表达式，依据安培力与位移成线性关系，可利用安培力均匀值来求出产生焦耳热．解答：解：（ 1）导体棒开始运动时，回路中产生的感觉电动势为：E=Bdv=0.5×3×1=1.5V；由几何关系得：m，，接入导轨之间的有效长度：L=2? （ 2.0 ﹣ vt ）? tan ∠MPO=1.5×（ 2.0 ﹣ vt ），金属杆 CD运动过程中产生的有效感觉电动势E：E=BLv=0.5×1.5 ×（ 2.0 ﹣x）× 1=0.75 （ 2.0 ﹣ x），运动到 x=0.8m 处时的有效电动势：E1=0.75 （ 2.0 ﹣x）=0.75 ×（ 2.0 ﹣ 0.8 ） V=0.9V．这一段相当于相当于电源，并且轨道没有电阻，因此电源是被短接的，那么接入回路中的这一部分电势到处相等，因此 CD两头电势差就由节余两头的导体棒产生，又由右手定章判断 D比 C 电势高；因此： U DC=E﹣ E1=1.5V ﹣0.9V=0.6V ，U CD=﹣ 0.6V ；（ 2）接入电路的导体棒的电阻：感觉电流： A安培力 F 安 =BIL=0.5 ×10×0.75 （ 2.0 ﹣ x） =3.75 （ 2.0 ﹣x）由均衡条件得： mgsinθ+F安=F得拉力 F 与地点坐标x 的关系式： F=5+3.75 （2.0 ﹣ x）x=0 时， F=12.5 ；x=2.0 时， F=5N画出 F﹣ x 关系图象如图：（ 3）设导体棒经t 时间沿导轨匀速向上运动的位移为x，则 t 时辰导体棒切割的有效长度L x=L﹣ 2x导体棒在导轨上运动时所受的安培力： F 安=3.75 （ 2.0 ﹣ x）因安培力的大小 F 安与位移 x 成线性关系，故经过导轨过程中导体棒所受安培力的平均值：N产生的焦耳热：J答：（ 1）金属杆CD运动过程中产生的感觉电动势E=1.5V，运动到x=0.8m 处CD之间的电势差是﹣0.6V ；（ 2）金属杆 CD从 MN处运动到 P 点过程中拉力 F 与地点坐标 x 的关系式是 F=5+3.75（ 2.0 ﹣x），并在图 2 中画出 F﹣ x 关系图象如图；（ 3）金属杆CD从 MN处运动到 P 点的全过程产生的焦耳热是7.5J ．评论：考察法拉第电磁感觉定律，闭合电路欧姆定律，共点力均衡条件及安培力表达式．本题打破口：产生感觉电流与导体棒有效长度没关，同时巧用安培力与位移成线性关系，由安培力均匀值来求焦耳热．第三小问另一种解法：设导体棒经t 时间沿导轨匀速向下运动的位移为x，则 t 时辰导体棒切割的有效长度L x=L﹣ 2x，求出导体棒在导轨上运动时所受的安培力，作出安培力大小随位移x 变化的图象，图象与坐标轴围成面积表示导体棒战胜安培力作功，也为产生的焦耳热．25．（20 分）（ 2014? 安徽）在圆滑水平面上有一凹槽A，中央放一小物块B，物块与左右两边槽壁的距离以下图，L 为 1.0m，凹槽与物块的质量均为m，二者之间的动摩擦因数μ为 0.05 ，开始时物块静止，凹槽以 v0=5m/s 初速度向右运动，设物块与凹槽槽壁碰撞过程中没有能量损失，且碰撞时间不计， g 取 10m/s2，求：（1）物块与凹槽相对静止时的共同速度；（2）从凹槽开始运动到二者相对静止物块与右边槽壁碰撞的次数；（3）从凹槽开始运动到二者刚相对静止所经历的时间及该时间内凹槽运动的位移大小．考点：动量守恒定律．专题：动量定理应用专题．剖析：（ 1）碰撞过程中动量守恒，依据动量守恒定律列式即可求解；（2）整个过程，对整体依据动能定理列式即可求解；（3）设凹槽与物块碰前的速度分别为 v1、 v2，碰后的速度分别为 v1′、 v2′．依据动量守恒定律及能量守恒定律列式可知，每碰撞一次凹槽与物块发生一次速度互换，在同一坐标系上二者的速度图线，依据碰撞次数可分为13 段，凹槽、物块的v﹣t 在两条连续的匀变速运动图线间变换，故可用匀变速直线运动规律求时间，凹槽的﹣ t 图象所包围的暗影面积即为凹槽的位移大小．解答：解：（ 1）设二者间相对静止时的速度为v，由动量守恒定律得：图象vmv0=2mv解得： v=（2）物块与凹槽间的滑动摩擦力f= μN=μmg设二者间相对静止前，相对运动的行程为s1，由动能定理得：解得： s1 =12.5m已知 L=1m，可推知物块与右边槽壁共发生 6 次碰撞．（ 3）设凹槽与物块碰前的速度分别为v1、 v2，碰后的速度分别为v1′、 v2′．有mv1+mv2=mv1′+mv2′，得 v 1′=v 2， v2′=v1即每碰撞一次凹槽与物块发生一次速度互换，在同一坐标系上二者的速度图线以下图，依据碰撞次数可分为 13 段，凹槽、物块的 v﹣ t 图象在两条连续的匀变速运动图线间变换，故可用匀变速直线运动规律求时间．则v=v0 +at，a=﹣μg解得： t=5s凹槽的 v﹣ t 图象所包围的暗影面积即为凹槽的位移大小 s2（．等腰三角形面积共分 13 份，第一份面积为 0.5L ．其他每份面积均为 L．）答：（ 1）物块与凹槽相对静止时的共同速度为 2.5m/s ；（ 2）从凹槽开始运动到二者相对静止物块与右边槽壁碰撞的次数 6 次；（ 3）从凹槽开始运动到二者刚相对静止所经历的时间为5s，该时间内凹槽运动的位移大小为12.75m．评论：此题主要考察了动量守恒定律、动能定理及能量守恒定律的直策应用，要求同学们能正确剖析物体的运动状况，能依据题意画出速度﹣时间图象，难度适中．。
2014年高考物理(安徽卷)
2014年普通高等学校招生全国统一考试(安徽卷)理综——物理第Ⅰ卷（选择题 共120分）本卷共20小题，每小题6分.共120分。
在每题给出的四个选项中，只有一项是最符合题目要求的。
14. 在科学研究中，科学家常将未知现象同已知现象进行比较，找出其共同点，进一步推测未知现象的特性和规律。
法国物理学家库伦在研究异种电荷的吸引力问题时，曾将扭秤的振动周期与电荷间距离的关系类比单摆的振动周期与摆球到地心距离的关系。
已知单摆摆长为l ，引力常量为G ，地球质量为M ，摆球到地心的距离为r ，则单摆振动周期T 与距离r 的关系式为（ B ） A. l GM rT π2= B. GM l r T π2= C. l GM r T π2= D. GMrl T π2= 15.如图所示，有一内壁光滑的闭合椭圆形管道，置于竖直平面内，MN 是通过椭圆中心O 点的水平线。
已知一小球从M 点出发，初速率为v 0，沿管道MPN 运动，到N 点的速率为v 1，所需时间为t 1；若该小球仍由M 点以出速率v 0出发，而沿管道MQN 运动，到N 点的速率为v 2，所需时间为t 2.则（ A ）16.一简谐横波沿x 轴正向传播，图1示t =0时刻的波形图，图2是介质中某质点的振动图像，则该质点的x 坐标值合理的是（ C ）A.0.5mB. 1.5mC. 2.5mD. 3.5m17. 一带电粒子在电场中仅受静电力作用，做初速度为零的直线运动，取该直线为x 轴，起始点O 为坐标原点，其电势能Ep 与位移x 的关系如右图所示，下列图象中合理的是( D )18.“人造小太阳”托卡马克装置使用强磁场约束高温等离子体，使其中的带电粒子被尽可能限制在装置内部，而不与装置器壁碰撞 已知等离子体中带电粒子的平均动能与等离子体的温度T 成正比，为约束更高温度的等离子体，则需要更强的磁场，以使带电粒子在磁场中的运动半径不变 由此可判断所需的磁感应强度B 正比于B.T D.2T19．如图所示，一倾斜的匀质圆盘垂直于盘面的固定对称轴以恒定的角速度ω转动，盘面上离转轴距离2.5m 处有一小物体与圆盘始终保持相对静止，物体与盘面间的动摩擦因数为2。