2021届四川省成都七中高三上学期物理入学考试试题
2021届四川省成都七中高三上学期物理入学考试试题考试时间：100分钟 满分：100分注意事项：1．答题前，用蓝色或黑色签字笔将自己的姓名、班级、准考证号填写在答题卡上的指定位置，并用2B 铅笔把准考证号对应的标号涂黑；2．选择题的作答：用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑； 3．非选择题的作答：用蓝色或黑色签字笔直接答在答题卡上对应的区域内。
第I 卷 选择题（46分）一、单项选择题（本题10个小题，每题只有一个选项符合题意，每题3分，共30分） 1．关于物体和物体的运动，下列说法中正确的是（ ） A ．质点是一种理想化模型，实际并不存在 B ．平均速度的大小就是平均速率C ．加速度越大说明物体速度变化越大D ．第5秒末到第7秒初经历了2秒2．关于相互作用，下列说法中正确的是（ ） A ．静止在水平地面上的物体所受重力的反作用力是物体对地面的压力 B ．轻杆产生的弹力方向一定沿着杆的方向 C ．弹簧的劲度系数由弹簧自身的性质决定D ．物体处于平衡状态时，其所受的作用力一定是共点力3．关于牛顿运动定律，下列说法中正确的是（ ） A ．牛顿第一定律是实验定律 B ．牛顿第二定律对任何情况均适用C ．力的单位是牛顿，该单位是国际单位制中的基本单位D ．作用力与反作用力的性质一定是相同的4．一质点从0t =开始沿x 轴做直线运动，其位置坐标与时间的关系式为3281x t t =-+（x 和t 的单位分别为m 和s ），则下列说法中正确的是（ ） A ．质点一直向x 轴正方向运动 B ．质点做匀变速直线运动C ．质点在第2s 内的平均速度的大小为6m/sD ．质点在前2s 内的位移为lm5．如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A ，A 的左侧紧靠竖直墙，A 与竖直墙之间放一光滑圆球B ，整个装置处于静止状态。
若把A 向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则（ ）A ．墙受到的压力大小不变B ．A 与B 之间的作用力减小C ．A 受到的摩擦力增大D ．A 与地面之间的压力减小6．如图所示，台秤上放一个木箱，木箱内有质量分别为1m 和2m 的两物体P ．Q ，用细绳通过光滑定滑轮相连，12m m 。
现剪断Q 下端的细绳，在P 下落但还没有到达箱底的过程中，台秤的示数与未剪断前的示数相比将（ ）A ．变小B ．变大C ．先变小后变大D ．先变大后变小7．汽车做匀减速直线运动，经过4秒停下来。
下列说法正确的是（ ） A ．第1秒末、第2秒末、第3秒末的速率之比为4：3：2 B ．前1秒、前2秒、前3秒的位移之比为7：12：15 C ．前1秒、前2秒、前3秒的平均速度之比为7：5：3D ．第1秒内、第2秒内、第3秒内的平均速度之比为9：5：18．如图所示，三根轻绳系于竖直杆上的同一点O ，其中OA 和OB 等长且夹角为60°，竖直杆与平面AOB 所成的角为60°，若轻绳OA ．OB 的拉力均为20N ，要使杆受到绳子作用力的方向竖直向下，则水平轻绳OC 的拉力大小为（ ）A ．10NB ．20NC ．30ND ．103N9．在平直公路上有甲、乙两辆汽车沿着同一方向做匀加速直线运动，它们的运动速率的平方随位移的变化图象如图所示。
则以下说法正确的是（ ）A ．甲车的加速度比乙车的加速度小B ．在0x 位置甲、乙两车相遇C ．在到达0x 位置前，乙车一直在甲车的前方D ．从0x =至到达0x x =位置，乙车所用时间小于甲车所用时间10．如图所示，水平桌面由粗糙程度不同的AB ．BC 两部分组成，且AB BC =，物块P （可视为质点）以某一初速度为A 点滑上桌面，最后恰好停在C 点，已知物块经过AB 与BC 两部分的时间之比为1：5，则物体P 与桌面上AB ．BC 部分之间的动摩擦因数AB μ、BC μ之比为（物块P 在AB ．BC 上所做的运动均可看作匀变速直线运动）A ．25：1B ．15：1C ．5：1D ．1：5二、多项选择题（本题4个小题，每题有两个或两个以上的选项符合题意，选对得4分，选对不全得2分，不选或选错得0分，满分16分）11．许多科学家对物理学的发展做出了巨大贡献，也创造出了许多物理学方法，如理想实验法、控制变量法、极限思想法、模型法、类比法和科学假说法，等等。
以下关于物理学史和所用物理学方法的叙述正确的是（ ） A ．卡文迪许巧妙地运用扭秤测出引力常量，采用了放大法 B ．伽利略运用理想实验法说明了力是维持物体运动的原因C ．在不需要考虑物体本身的形状和大小时，用质点来代替物体的方法叫假设法D ．在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程划分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加之和代表物体的位移，这里采用了微元法12．如图所示，两个共点力1F 、2F 的大小一定（21F F >），夹角θ是变化的，合力F 为在θ角从0°逐渐增大到180°的过程中，合力F 的变化情况为（ ）A ．F 的大小从最大逐渐减小到最小B ．F 的大小先减小后增大C ．F 的方向与2F 的夹角先增大后减小D ．F 的方向与2F 的夹角一直增大13．我国高铁技术处于世界领先水平，和谐号动车组由动车和拖车编组而成，提供动力的车厢叫动车，不提供动力的车厢叫拖车。
假设动车组各车厢质量均相等，运行中各动车的输出功率相同，动车组运行过程中阻力与车的重力成正比。
某列动车组由9节车厢组成，其中第1、4、7节车厢为动车，其余为拖车，该动车组在水平直轨道上运行，下列说法正确的是（ ） A ．做匀速直线运动时，第1、2节车厢间的作用力为零 B ．做匀加速直线运动时，第3、4节车厢间的作用力为零C ．不管是匀速还是加速运动，第4、5节车厢间与8、9节车厢间的作用力之比是2：1D ．不管是匀速还是加速运动，第1、2节车厢间与8、9节车厢间的作用力之比是8：114．如图所示，两个半圆柱A 、B 紧靠着静置于水平地面上，其上有一光滑圆柱C ，三者半径均为R 、C 的质量为m ，A 、B 的质量都为0.5m ，与地面的动摩擦因数均为μ。
现用水平向右的力拉A ，使A 一直缓慢向右移动，直至C 恰好降到地面。
整个过程中B 保持静止。
设最大静摩擦力等于滑动摩擦力，重力加速度为g 。
下列说法正确的是（ ）A ．未拉A 时，C 受到B 作用力的大小F mg =B ．动摩擦因数的最小值min 32μ=C ．整个过程中，C 的位移大小为(31)R -D ．A 移动过程中，受到的摩擦力大小为A f mg μ=第II 卷 非选择题（54分）三、实验题（共两题，每题8分，共16分）15．某同学在“探究弹力和弹簧伸长的关系”时，安装好实验装置，让刻度尺零刻度与弹簧上端平齐，在弹簧下端挂1个钩码，静止时弹簧长度为1l ，如图1所示，图2是此时固定在弹簧挂钩上的指针在刻度尺（最小分度是1毫米）上位置的放大图，示数1l =__________cm 。
在弹簧下端分别挂2个、3个、4个、5个相同钩码，静止时弹簧长度分别是2l 、3l 、4l 、5l 。
已知每个钩码质量是50g ，挂2个钩码时，弹簧弹力2F __________N （当地重力加速度29.8m/s g =）。
要得到弹簧伸长量x ，还需要测量的是__________。
作出F 〜x 曲线，得到弹力与弹簧伸长量的关系如图3．图线不过原点的原因______________________________。
图1 图2 图316．某同学通过下述实验验证力的平行四边形定则。
实验步骤：①将弹簧秤固定在贴有白纸的竖直木板上，使其轴线沿竖直方向。
②如图甲所示，将环形橡皮筋一端挂在弹簧秤的秤钩上，另一端用圆珠笔尖竖直向下拉，直到弹黄秤示数为某一设定值吋，将橡皮筋两端的位置标记为1O 、2O ，记录弹簧秤的示数F ，测量并记录1O 、2O 间的距离（即橡皮筋的长度l ）。
每次将弹簧秤示数改变0．50N ，测出所对应的l ，部分数据如下表所示：F /N0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 l /cm 0l10.9712.0213.0013.9815.05③找出②中 2.50F N =时橡皮筋两端的位置，重新标记为O 、O '，橡皮筋拉力记为OO F '。
④在秤钩上涂抹少许润滑油，将橡皮筋搭在秤钩上，如图乙所示。
用两圆珠笔尖成适当角度同时拉橡皮筋的两端，使秤钩的下端达到O 点，将两笔尖的位置标记为A 、B ，故橡皮筋OA 段的拉力记为OA F ，OB 段的拉力记为OB F 。
完成下列作图和填空：（所有结果保留两位小数） （1）利用表中数据在图丙中画出F~l 图线，并根据图线求得0l =__________cm 。
乙甲丁（2）测得 6.00cm OA =，7.60cm OB =，则OA F 的大小为__________N ． （3）根据给出的标度，在图丁中作出OA F 和OB F 的合力F 的图示。
四、计算题（共4题，共38分。
解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分。
）17．（8分）如图所示，质量23kg M =的木块A 套在水平杆上，并用轻绳将木块A 与质量3kgm =的小球相连。
今用与水平方向成30︒角斜向右上的力103N F =，拉着球带动木块一起向右匀速运动，运动中M 、m 相对位置保持不变，取29.8m/s g =。
求：（1）运动过程中轻绳与水平方向的夹角θ； （2）木块与水平杆间的动摩擦因数μ。
18．（8分）A 、B 两辆汽车在笔直的公路上同向行驶，当B 车在A 车前57m 处时，B 车速度为4m/s ，且正以22m/s 的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，B 车加速度突然变为零。
A 车一直以20m/s 的速度做匀速运动，经过12s 后两车相遇。
问（1）B 车加速行驶的时间是多少？（2）根据计算结果判断这是它们的第一次相遇吗？简要说明理由。
19．（10分）如图所示，用一水平向右恒力 5.2N F =作用于质量为0.2kg m =的滑块，使之由A 点从静止开始沿倾角为37(cos370.8)θ=︒︒=、动摩擦因数0.5μ=的足够长的斜面向上运动位移1.5m L =后撤去恒力F ．求：（g 取210m/s ）（1）滑块向上加速运动的加速度1a 、向上减速运动的加速度2a 、向下加速运动的加速度3a 各自的大小。
（2）滑块返回出发点A 时的速度大小。
（结果可保留根号）20．（12分）如图，滑块A 的质量为4kg A m =，放在静止于水平地面上的木板B 的右端，两者之间的动摩擦因数均为10.35μ=；木板B 的质量为6kg B m =，与地面间的动摩擦因数为20.1μ=。
2021届四川省成都七中高三(上)1月理综物理试题(解析版)
成都七中高2021届理科综合测试理综试卷（考试时间：150分钟；满分：300分）第I 卷（选择题，共126分）一、选择题：本题共8个小题，每小题6分。
在每小题给出的四个选项中，第1～4题只有一项符合题目要求，第5～8题有多项符合题目要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分。
1. 把火星和地球绕太阳运行的轨道视为圆周．由火星和地球绕太阳运行的周期之比可求得 A. 火星和地球绕太阳运行的轨道半径之比 B. 火星和地球的质量之比C. 火星和地球的密度之比D. 火星和地球所受太阳的万有引力之比【答案】A 【解析】A 、研究火星和地球绕太阳做圆周运动，根据万有引力提供向心力，列出等式：2224Mm G m r r Tπ=，得234r T GMπ=，其中M 为太阳的质量，r 为轨道半径．火星和地球绕太阳运动的周期之比33=T r T r 火火地地，所以能求得火星和地球绕太阳运行的轨道半径之比，故A 正确．B 、C 、D 、我们研究火星和地球绕太阳做圆周运动，火星和地球作为环绕体，无法求得火星和地球的质量之比，列式的时候质量约去了，更不能求出其密度之比，万有引力也需要知道环绕天体的质量无法求得，故B 、C 、D 均错误.故选A ．【点睛】求一个物理量之比，我们应该把这个物理量先用已知的物理量表示出来，再根据表达式进行比较．向心力的公式选取要根据题目提供的已知物理量或所求解的物理量选取应用2. 如图所示，光滑绝缘的斜面与水平面的夹角为θ，导体棒ab 静止在斜面上，ab 与斜面底边平行，通有图示的恒定电流I ，空间充满竖直向上的匀强磁场，磁感应强度大小为B ，现缓慢增大θ(0<θ<90°)，若电流I 不变，且ab 始终静止在斜面上(不考老磁场变化产生的影响)，下列说法正确的是A. B 应缓慢减小B. B 应缓慢增大C. B应先增大后减小D. B应先减小后增大【答案】B【解析】【分析】【详解】如图作出右侧侧视图，则可知，金属棒受重力、支持力及向右的安培力的作用；增大角度，则支持力的方向将向左旋转，要使棒仍然平衡，则支持力与安培力的合力一直等于重力，则由图可知，安培力必须增大，故磁感应强度应增大，B正确．【点睛】本题结合安培力考查共点力平衡中的动态平衡，要掌握相应的图解法的应用，明确角度变化时支持力与安培力的合力不变，作出动态变化图即可求解．3. 在2021年迎春长跑活动中，一长跑爱好者做匀加速直线运动，从某位置开始通过其携带的传感器收集位移x和速度等数据信息，通过计算机自动生成的2x v-图像如图所示。
四川省成都七中2021届高三上学期入学摸底考试物理试题 Word版含解析
成都七中高2021届2022年秋季入学考试理科综合力量测试（物理部分）【试卷综析】本试卷是高三开学模拟试题，包含了高中物理必修一的全部内容，主要包含匀变速运动规律、受力分析、牛顿运动定律等内容，在考查问题上以基本定义、基本规律为主，题型大部分都是历年全国各地高考题，思路活，是份格外好的试卷。
一、选择题。
（本题共7小题，每小题6分，在每小题给出的四个选项中，有的只有一项符合题目要求，有的有多项符合题目要求。
全部选对得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1.伽利略制造的把试验、假设和规律推理相结合的科学方法，有力地促进了人类科学生疏的进展．利用如图所示的装置做如下试验：小球从左侧斜面上的O 点由静止释放后沿斜面对下运动，并沿右侧斜面上升．斜面上先后铺垫三种粗糙程度渐渐减低的材料时，小球沿右侧斜面上升到的最高位置依次为1、2、3．依据三次试验结果的对比，可以得到的最直接的结论是（）A．假如斜面光滑，小球将上升到与O点等高的位置B．假如小球不受力，它将始终保持匀速运动或静止状态C．假如小球受到力的作用，它的运动状态将发生转变D．小球受到的力肯定时，质量越大，它的加速度越小【学问点】伽利略争辩自由落体运动的试验和推理方法．P0【答案解析】 A解析： A、假如斜面光滑，小球不会有能量损失，将上升到与O点等高的位置，故A正确；B、通过推理和假想，假如小球不受力，它将始终保持匀速运动，得不出静止的结论，故B错误；C、依据三次试验结果的对比，不行以直接得到运动状态将发生转变的结论，故C错误；D、受到的力肯定时，质量越大，它的加速度越小是牛顿其次定律的结论，与本试验无关，故D错误．故选：A．【思路点拨】小球从左侧斜面上的O点由静止释放后沿斜面对下运动，并沿右侧斜面上升，阻力越小则上升的高度越大，伽利略通过上述试验推理得出运动物体假如不受其他物体的作用，将会始终运动下去．要想分清哪些是牢靠事实，哪些是科学推论要抓住其关键的特征，即是否是真实的客观存在，这一点至关重要，这也是本题不易推断之处；伽利略的结论并不是最终牛顿所得出的牛顿第肯定律，因此，在确定最终一空时肯定要留意这一点2.小明想推动家里的衣橱，但使出了吃奶的力气也推不动，他便想了个妙招，如图所示，用A、B两块木板，搭成一个底角较小的人字形架，然后往中心一站，衣橱被推动了．下列说法中正确的是（）A．这是不行能的，由于小明根本没有用力去推衣橱B．这有可能，A板对衣橱的推力有可能大于小明的重力C．A、B板的夹角应当尽可能小，才能推动衣橱D．这不行能，A板对衣橱的推力不行能大于小明的重力【学问点】力的分解．B3 【答案解析】B解析：首选开头小明是推不动衣橱的，但是小明的推力与他自身的重力没什么关系．如图，小明的重力可以分解成沿A，B俩个方向的力，由于底角较小，所以A，B方向的力会很大．A对衣橱的力可以分解成水平方向和垂直方向的力，而水平方向的力有可能大于小明重力，．故选：B．【思路点拨】这个要从力的分解角度来解释，将重力分解为沿人字形架斜向下的两个力．由于底角较小，依据三角函数关系得A板的作用力明显大于重力．我们应当知道两个分力的合力可以远小于两个分力，也就是说用一个较小的力可以产生两个较大的分力．3.在t=0时，甲乙两质点从相距70m的两地开头相向运动，它们的v-t图象如图所示．则（）A．第1s末，乙质点转变运动方向B．第2s木，甲乙两质点相遇C．前4s内，乙质点运动的加速度先比甲质点的小后比甲质点的大D．第4s末，甲乙两质点相距20m【学问点】匀变速直线运动的图像．A5【答案解析】D解析：A、在第1s末，乙质点的速度仍旧为负值，说明运动方向并未转变．故A错误．B、在第2s末，甲的位移大小x甲=12×30×2=30m，乙的位移大小x乙=-12×30×2m=-30m，此时两车相距△x=70-30-30=10（m）．故B错误．C、在前4s内，乙图线的斜率确定值始终大于甲图线的斜率确定值，则乙质点的加速度大小总比甲质点大．故C错误．D、在第4s末，甲质点的位移x甲=12×60×4m=120m，乙质点的位移x乙=-12×30×2km+12×60×2m=30m，所以△x=x甲-x乙-70=120-30-70=20m．故D正确．故选：D．【思路点拨】速度-时间图线中速度的正负表示运动方向，图线的斜率表示加速度，图线与时间轴围成的面积表示位移，速度的正负表示运动的方向．解决本题的关键知道速度时间图线的物理意义，知道图线斜率、图线与时间轴围成的面积表示的含义．4.沿直线运动的汽车刹车后匀减速运动，经过3.5s停止，它在刹车开头后的1s内、2s内、3s内的位移之比（）A．3：2：1 B．3：5：6 C．9：4：1 D．5：3：1【学问点】匀变速直线运动规律的综合运用；匀变速直线运动的位移与时间的关系．A2【答案解析】B解析：画示意图如图所示，把汽车从A→E的末速度为0的匀减速直线运动，逆过来转换为从E→A的初速度为0的匀加速直线运动，来等效处理，由于逆过来前后，加速度相同，故逆过来前后的运动位移、速度时间均具有对称性．所以知汽车在相等时间内发生的位移之比为1：3：5：…，把时间间隔分为0.5 s．所以x DE：x CD：x BC：x AB=1：8：16：24，所以x AB：x AC：x AD=3：5：6．故选项B正确．故选：B【思路点拨】利用逆向思维，把汽车运动视为逆向的匀加速运动，依据初速度为零的匀加速直线运动的规律即可求解．解决本题的关键把握匀变速直线运动的推论，本题运用逆向思维解决比较简洁．5.如图所示，一个质量为m 的滑块静止置于倾角为30°的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的P 点，另一端系在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为30°．则（）A．滑块可能受到三个力作用B．弹簧肯定处于压缩状态C．斜面对滑块的支持力大小可能为零D．斜面对滑块的摩擦力大小肯定等于0.5mg【学问点】共点力平衡的条件及其应用．B4【答案解析】D解析：A、弹簧与竖直方向的夹角为30°，所以弹簧的方向垂直于斜面，由于弹簧的形变状况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，也可能有弹簧的弹力，故A正确；B、弹簧对滑块可以是拉力，故弹簧可能处于伸长状态，故B错误；C、由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面对下的分力（等于12mg），不行能为零，所以斜面对滑块的支持力不行能为零，故C错误；D、静摩擦力肯定等于重力的下滑分力，故为12mg，故D正确．故选：AD．【思路点拨】滑块可能受重力、支持力、摩擦力三个力处于平衡，弹簧处于原长，弹力为零．滑块可能受重力、支持力、摩擦力、弹簧的弹力四个力处于平衡．依据共点力平衡进行分析．解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，留意弹簧的弹力可能为零，可能不为零．6.如图所示，在一绝缘斜面C上有一带正电的小物体A处于静止状态，现将一带正电的小球B沿以A为圆心的圆弧缓慢地从P点转至A正上方的Q点处，已知P、A在同一水平线上，且在此过程中物体A和C始终保持静止不动，A、B可视为质点．关于此过程，下列说法正确的是（）A．物体A受到斜面的库仑力始终不变B．物体A受到斜面的支持力先增大后减小C．地面对斜面C的摩擦力先增大后减小D．斜面对A的作用力始终增大【学问点】共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．B3 B4【答案解析】BD 解析：A、物体A受到的库仑力大小不变，但是方向始终在转变，故A错误；B、对A争辩：P对A的库仑力垂直于斜面方向的分力，先渐渐增大后渐渐减小，当库仑力与斜面垂直时最大，设该分力为F′，依据平衡条件：斜面对A的支持力N=mgcosα+F′，可知N先增大后减小，故B正确；C、以A和C整体为争辩对象，分析受力状况如图所示．设P对A的库仑力大小为F，与竖直方向的夹角为θ．依据平衡条件得：f=Fsinθ由于F 大小不变，θ减小，则知地面对斜面C的摩擦力渐渐减小．故C错误；D、对A分析，A受力重力、库仑力，斜面对A的支持力、摩擦力，斜面对物体A的合力与重力和库伦力的合力平衡，重力与库仑力夹角变小，合力变大，故斜面对A的作用力变大，故D正确；故选：BD．【思路点拨】分析地面对斜面C的摩擦力可以以A和C整体为争辩对象，运用平衡条件列式分析；再对A分析受力，运用共点力平衡条件进行分析支持力的变化．本题首先要机敏选择争辩对象，再对物体进行受力分析，运用共点力平衡条件求解．当几个物体的加速度相同时，可以考虑整体法．7.如图所示，物块A、B叠放在一起，其总质量为1.0kg，物块B被水平方向的弹簧和斜向上的绳拉住，物块B恰好对地面无压力，若物块B与地面间的动摩擦因数0.25μ=，O是弹簧的原特长，绳与竖直方向的夹角为045，某时刻把绳与物块B连接处剪断，最终物块A、B一起向左运动，停在O点左侧某处，运动中物块A、B始终没有相对滑动，则下列说法正确的是（）A ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的合外力发生变化 B ．剪断绳的瞬间物块A 、B 的加速度是27.5/m s C.弹簧恢复原长时，物块A 受的摩擦力向左 D.剪断绳后物块A 、B 到达O 点时的速度最大 【学问点】共点力的平衡，牛顿其次定律 B4 C2【答案解析】AB 解析： A 、B 剪断细绳前受力平衡，对整体受力分析，受到重力，弹力向左的拉力，细绳向右上的拉力，由于是细绳向右上045 ，所以kx=mg=10N ，剪断后整理合力向左27.5/kx mga m s mμ-== ，故A 、B 正确；C 、D 当kx mg μ= 时，整体加速度为零，速度最大，然后开头做减速运动，B 对A 的摩擦力方向转变，变为向左，故C 、D 错误 故选AB【思路点拨】对整体受力分析，可以得到弹簧弹力与重力关系，然后弹力减去摩擦力供应加速度，留意当弹力等于摩擦力时整体就开头做减速运动，而不是到达原长。
四川省成都市第七中学2024-2025学年高三上学期10月考试物理试卷
四川省成都市第七中学2024-2025学年高三上学期10月考试物理试卷一、单选题1．下列说法错误的是（ ）A ．研究甲图，足球在飞行和触网时惯性不变B ．研究乙图，祝融号在MN 段运动时一定有加速度C ．研究丙图，运动员在百米比赛中的平均速度，运动员不能看作质点D ．研究丁图，选取地球为参考系，空间站处于运动状态且为完全失重状态 2．水平抛出一个物体，经时间 t 后物体速度方向与水平方向夹角为θ，重力加速度为 g,，则平抛物体的初速度为( )A ．gtsinθB ．gtcosθC ．gttanθD ．tan gt3．氢原子能级跃迁可以帮助我们更好地理解宇宙的结构，并从中得到很多有价值的信息。
大量氢原子处于n =4能级上，其能级图如图所示。
下列关于这些氢原子能级跃迁过程中所发出的a 、b 、c 三种光的说法正确的是（ ）A ．用b 光照射处于n =4能级的氢原子，氢原子会发生电离B ．b 光光子的动量最大C ．相同条件下，a 光最容易发生明显的衍射现象D ．在真空室中，c 光的波长等于a 、b 两光波长之和4．动车作为我国重要交通工具，大大提高大家出行效率。
设动车每次启动都是加速相同的匀变速直线运动，和谐号动车组由静止出站，一列动车（8节车厢）长L ，测得列车通过距车头L 处的A 点用时1t ∆；由于国庆出游人员增加，和谐号动车组增挂了一列动车，列车总长度（16节车厢）为2L ，测得列车通过距车头前L 处的A 点用时2t ∆。
则21:t t ∆∆为（ ）A B C ．:1) D ．1):1) 5．如图所示，甲、乙两车在同一条平直公路上行驶，它们运动的位移x 随时间t 变化的关系，已知图线甲为一条直线；图线乙为抛物线的一部分，且与t 轴相切于10s 处，则下列说法正确的是（ ）A ．甲车做匀加速直线运动B ．乙车的初位置在x 0=80m 处C ．5s 时两车速度大小相等D ．乙车的加速度大小为8m/s 26．如图所示，为了将横放在水平地面的钢管直立起来，工人控制起重机，使横梁上的电机水平移动，同时以速度v 匀速收短牵引绳，使钢管绕定点O 转动，绳始终保持竖直且与钢管在同一竖直面内，钢管长为L ，以下说法正确的是（ ）A ．钢管在转动过程中角速度大小变小B．当钢管与地面夹角为θ时，电机水平移动速度为v tanθC．当钢管与地面夹角为θ时，钢管顶端的速度为v cosθD．当钢管与地面夹角为θ时，钢管顶端的速度水平向左7．如图所示，顶端附有光滑定滑轮的斜面体静止在粗糙水平地面上，三条细绳结于0点，一条绳跨过定滑轮平行于斜面连接物块P，一条绳连接小球Q，P、Q两物体处于静止状态，另一条绳OA在外力F的作用下处于水平状态。
四川省成都七中2021届高三上学期期中考试物理试题 Word版含解析
四川省成都七中2021届高三上学期期中考试物理试卷一、选择题（本题包括7小题．每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分）1．（6分）下列说法正确的是（）A．在国际单位制中，力是基本物理量之一，其测量工具是测力计B．小杨同学乘坐某商场的直达电梯从一楼到七楼时，在刚上升的初期和刚要到达七楼的末段时间内．小杨同学都处于超重状态C．2022年奥运会上詹姆斯﹣基拉尼以43.94s的成果获得男子400米冠军，则基拉尼跑完全程的平均速度约为9.1m/sD．在真空中带有绝缘底座的、不带电的甲、乙两导体球相互摩擦后，若因摩擦，甲带上q的电量，则二者球心相距为r时，静电引力将大于k考点：力学单位制；库仑定律．专题：常规题型．分析：力学中的基本物理量有三个，它们分别是长度、质量、时间，依据物理量来确定测量的仪器即可．当物体对接触面的压力大于物体的真实重力时，就说物体处于超重状态，此时有向上的加速度；当物体对接触面的压力小于物体的真实重力时，就说物体处于失重状态，此时有向下的加速度；假如没有压力了，那么就是处于完全失重状态，此时向下加速度的大小为重力加速度g．依据平均速度定义求解．解答：解：A、长度、时间、质量是三个力学基本物理量，刻度尺是测量长度的仪器，天平是测量质量的仪器，秒表是测量时间的仪器，弹簧秤是测量力的仪器，力不是基本物理量，故A错误；B、小杨同学乘坐某商场的直达电梯从一楼到七楼时，在刚上升的初期处于超重状态，到达七楼的末段时间内做减速运动，处于失重状态，故B错误；C、2022年奥运会上詹姆斯﹣基拉尼以43.94s的成果获得男子400米冠军，则基拉尼跑完全程的平均速度约为0，故C错误；D、在真空中带有绝缘底座的、不带电的甲、乙两导体球相互摩擦后，若因摩擦，甲带上q的电量，则二者球心相距为r时，由于引力作用，电荷之间的距离小于r，所以静电引力将大于k．故D正确；故选：D．点评：知道力学的三个基本物理量以及对应的基本单位，需识记．人处于超重或失重状态时，人的重力并没变，只是对支持物的压力变了．知道平均速度等于位移比上时间．2．（6分）将一电荷量为Q的小球甲放在一个事先不带电的金属球乙四周，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等．a、b为电场中的两点，依据图中信息，可推断（）A．a点的场强比b点的大，同时a点的电势也比b点的高甲B．甲球带正电，乙球带Q的负电C．检验电荷﹣q在a点的电势能比在b点的大D．将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做正功考点：电场线；电势．分析：电场线的疏密表示场强的大小；a点所在的电场线从甲动身到不带电的金属球终止，所以甲带正电，a 点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b 点的电势；电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小．解答：解：A、电场线的疏密表示场强的大小，由图象知a点的电场强度比b点大，a点所在的电场线从Q动身到不带电的金属球终止，所以a点的电势高于金属球的电势，而b点所在处的电场线从金属球发出到无穷远，所以金属球的电势高于b点的电势，即a点的电势比b点的高，故A正确；B、电场线从正电荷动身终止于负电荷，由图可知，甲球带正电，乙球带Q的负电，故B错误；C、电势越高的地方，负电荷具有的电势能越小，即负电荷在a点的电势能较b点小，将检验电荷﹣q从a点移到b点的过程中，电场力做负功．故CD错误；故选：A．点评：该题考查电场线的特点与电场力做功的特点，解题的关键是电场力做正功，电势能减小；电场力做负功，电势能增加．3．（6分）迄今发觉的二百余颗太阳系外行星大多不适宜人类居住，绕恒星“Gliese581”运行的行星“G1﹣58lc”却很值得我们期盼．该行星的温度在0℃到40℃之间、质量是地球的6倍、直径是地球的1.5倍、公转周期为13个地球日．“Gliese581”的质量是太阳质量的0.31倍．设该行星与地球均视为质量分布均匀的球体，绕其中心天体做匀速圆周运动，则（）A．在该行星和地球上放射卫星的第一宇宙速度的大小相同B．要在地球上放射一颗探测该行星信息的探测器，其放射速度的大小只需大于11.2km/sC．假如人到了该行星，其体重是地球上的倍D．该行星与“Gliese581”的距离是日地距离的倍考点：人造卫星的加速度、周期和轨道的关系；万有引力定律及其应用．专题：人造卫星问题．分析：依据依据万有引力供应向心力，列出等式表示出所要求解的第一宇宙速度和该行星与“Gliese581”的距离．依据万有引力近似等于重力，求出该行星表面与地球表面重力加速度之比，即可求出体重关系；依据相对论分析米尺长度的关系．解答：解：A、当卫星绕任一行星表面四周做匀速圆周运动时的速度即为行星的第一宇宙速度，由G =m，得v=，M是行星的质量，R是行星的半径．设地球的质量为M，半径为R．则得该行星与地球的第一宇宙速度之比为v行：v地=2：1．故A错误；B、要在地球上放射一颗探测该行星信息的探测器，必需要离开太阳的束缚，故放射速度必大于16.7km/s，故B错误；C、由万有引力近似等于重力，得G=mg，得行星表面的重力加速度为g=，则得该行星表面与地球表面重力加速度之比为g行：g地=8：3所以假如人到了该行星，其体重是地球上的倍．故C正确；D 、依据万有引力供应向心力，列出等式，=m得r=行星“G1﹣58lc”公转周期为13个地球日．将已知条件代入解得：行星“G1﹣58lc”的轨道半径与地球轨道半径r行G：r日地=，故D错误；故选：C．点评：依据依据万有引力供应向心力，列出等式表示出所要求解的第一宇宙速度和该行星与“Gliese581”的距离．依据万有引力近似等于重力，求出该行星表面与地球表面重力加速度之比，即可求出体重关系；依据相对论分析米尺长度的关系．4．（6分）一玩具小车放在水平地面上，如图（甲）所示，当小车启动后，小车的水平牵引力F随时间t的变化状况如图（乙）所示，相应的小车速度v随时间t的变化关系如图（丙）所示，则依据图上信息可得（）A．小车在0﹣6s内的平均速度与8﹣10s的平均速度都为1.5m/sB．小车在2﹣6s内阻力的平均功率与8﹣10s内阻力的平均功率都为3WC．小车启动过程为恒定功率的启动过程，其额定功率为6WD．因小车在2﹣6s与2﹣8s内动能的变化量相同都为6J，因此两阶段牵引力F做的功相同考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：依据v﹣t图象推断物体运动特征，进而分析物体的受力状况，依据速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移求出0﹣6s内的位移，依据平均速度等于位移除以时间求解平均速度，在匀变速直线运动中，还可以依据求解平均速度，依据求解平均功率，依据小车的受力状况推断属于哪种启动方式．解答：解：A、速度时间图象与坐标轴围成的面积表示位移，则0﹣6s 内的位移，则0﹣6s 内的平均速度，故A错误；B、依据速度时间图象可知，6﹣8s内小车做匀速直线运动，受力平衡，则f=F=2N，2﹣6s内的平均速度，则2﹣6s 内阻力的平均功率，8﹣10s内的平均速度，则8﹣10s 内阻力的平均功率，故B正确；C、依据图象可知，小车先做匀加速直线运动，加速度不变，则牵引力不变，所以小车启动过程为恒定牵引力的启动过程，故C错误；D、6﹣8s内，小车做匀速运动，牵引力等于阻力，此过程中牵引力做正功，所以2﹣8s内牵引力做的功，大于2﹣6s内牵引力做的功，故D错误．故选：B点评：此题考查了同学对图象问题的分析力量，能从图象中得出相关的信息，然后结合功和功率的计算公式进行计算求解，是高考的热点考题．5．（6分）轻质弹簧吊着小球静止在如图所示的A位置，现用水平外力F将小球缓慢拉到B位置，此时弹簧与竖直方向的夹角为θ，在这一过程中，下列说法正确的是（）A．弹簧对小球的弹力在水平方向的分力大小渐渐减小B．小球的重力势能不变C．水平外力F做的功等于弹簧的弹性势能增加D．水平外力F做的功数值上等于弹簧和小球机械能的增加量考点：共点力平衡的条件及其应用；力的合成与分解的运用．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：小球缓慢上升，处于平衡状态，依据平衡条件推断弹力状况；依据功能关系，克服弹簧弹力做的功等于弹性势能的增加量，克服重力做功等于重力势能的增加量．解答：解：A、小球B受重力、拉力F和弹力T，三力平衡，故：T x=F=TsinθT y=mg=Tcosθ解得：T=故弹簧对小球的弹力在水平方向的分力大小渐渐增大；故A错误；B、小球上升，故重力势能增加，故B错误；C、D、依据动能定理，拉力做的功等于克服重力和弹簧拉力做功的代数和，故水平外力F做的功等于弹簧的弹性势能和重力势能的增加量之和，即水平外力F做的功数值上等于弹簧和小球机械能的增加量，故C错误，D正确；故选：D．点评：本题涉及力平衡和功能关系，要结合平衡条件和功能关系列式分析，不难．6．（6分）如图所示，竖直平面内的圆弧形光滑管道半径略大于小球半径，管道中心到圆心距离为R，A点与圆心O等高，AD为水平面，B点在O的正下方，质量为m的小球自A点正上方h处由静止释放，自由下落至A点时进入管道，则（）A．为使小球能到达管道的最高点，那么h与R的关系应满足h≥RB．若小球通过管道最高点刚好对管道无作用力，则OC间的水平距离恰好为RC．若小球通过最高点后又刚好能落到圆管的A 点，则小球在最高点对内侧轨道产生是的压力D．若小球到达B点时，管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的9倍，则h=4R考点：动能定理的应用；向心力．专题：动能定理的应用专题．分析：小球运动过程中只有重力做功，机械能守恒，在最低点和最高点，合力供应向心力，依据牛顿其次定律列式分析．解答：解：A、小球运动过程中机械能守恒，依据机械能守恒，为使小球能到达管道的最高点，么h与R的关系应满足h≥R，故A正确；B、若小球通过管道最高点刚好对管道无作用力，则重力供应向心力，依据牛顿其次定律，有：mg=m解得：v=此后的平抛运动：x=vtR=解得：x=v =故OC=（）R故B错误；C、若小球通过最高点后又刚好能落到圆管的A点，依据平抛运动的分运动公式，有：R=vtR=联立解得：v=小球在最高点时合力供应向心力，设受到的弹力向上，为N，则：mg﹣N=m解得：N=依据牛顿第三定律，小球在最高点对内侧轨道产生是的压力，故C正确；D、若小球到达B点时，管壁对小球的弹力大小为小球重力大小的9倍，依据牛顿其次定律，有：9mg﹣mg=m解得：从释放到B过程，依据动能定理，有：mg（h+2R）=解得：h=2R故D错误；故选：AC．点评：分析清楚小球的运动过程，应用牛顿其次定律、动能定理或机械能守恒定律、平抛运动规律即可正确解题．7．（6分）在空间中水平面MN的下方存在竖直向下的匀强电场，质量为m的带电小球由MN上方的A点以肯定的初速度水平抛出，从B点进入电场，到达C点时速度方向恰好水平，A、B、C三点在同始终线上，且AB=2BC，如图所示．由此可见（）A．小球在水平方向上的分运动是匀速运动B．小球从A到C的过程中，重力和电场力做功相同C．小球从A到B与从B到C的速度变化量相同D．小球从A到B的时间是小球从B到C的运动时间的2倍考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：恒定电流专题．分析：小球先做平抛运动，进入电场中做匀变速曲线运动，其逆过程是类平抛运动．两个过程都运用的分解法争辩，水平方向都做匀速直线运动，依据位移公式x=vt，可分析时间关系；再争辩竖直方向，由牛顿其次定律和运动学位移公式结合列式，求解电场力的大小．依据△v=at争辩速度变化量的关系．解答：解：A、小球受力为竖直方向，故水平方向的分运动为匀速运动，A正确；CD、带电小球从A到C，设在进入电场前后两个运动过程水平分位移分别为x1和x2，竖直分位移分别为y1和y2，经受的时间为分别为t1和t2．在电场中的加速度为a．则：从A到B过程小球做平抛运动则有：x1=v0t1；从B到C过程，有：x2=v0t2；由题意有：x1=2x2；则得：t1=2t2；即小球从A到B是从B到C运动时间的2倍．又y1=gt12，将小球在电场中的运动看成沿相反方向的类平抛运动，则有：y2=at22依据几何学问有：y1：y2=x1：x2；解得：a=2g；依据牛顿其次定律得：F﹣mg=ma=2mg，解得：F=3mg由于轨迹向上弯曲，加速度方向必定向上，合力向上，说明电场力方向向上，所以小球带负电．依据速度变化量△v=at，则得：AB过程速度变化量大小为△v1=gt1=2gt2；BC过程速度变化量大小为△v2=at2=2gt2；所以小球从A到B与从B到C的速度变化量大小相等．故CD正确；B、由前面分析知F=3mg，而AB=2BC，则电场力做功与重力做功不相同，故B错误；故选：ACD．点评：本题将平抛运动与类平抛运动的组合，关键运用逆向思维争辩小球B到C的过程，再运用力学基本规律：牛顿其次定律和运动学公式列式分析．二、试验题（8题4分，9题13分，共17分）8．（4分）某同学做“验证力的平行四边形定则”的试验，如图是在白纸上依据试验结果画出的图．（1）假如没有操作失误，图乙中的F与F′两力中，方向肯定沿图甲中AO 方向的是F′（2）本试验接受的科学方法是BA．抱负试验法B．等效替代法C．把握变量法D．建立物理模型法．考点：验证力的平行四边形定则．专题：试验题；恒定电流专题．分析：明确试验原理，了解试验误差的存在，知道该试验中“理论值”和“试验值”的区分．解答：解：（1）F是通过作图的方法得到合力的理论值，而F′是通过一个弹簧称沿AO方向拉橡皮条，使橡皮条伸长到O点，使得一个弹簧称的拉力与两个弹簧称的拉力效果相同，测量出的合力．故方向肯定沿AO方向的是F′，由于误差的存在F和F′方向并不在重合；（2）合力与分力是等效替代的关系，所以本试验接受的等效替代法．故选：B．故答案为：（1）F′（2）B点评：本试验接受的是“等效替代”的方法，即一个合力与几个分力共同作用的效果相同，可以相互替代，明确“理论值”和“试验值”的区分．9．（13分）用滑块、一端带滑轮的木板、打点计时器、细沙和小桶等主要试验器材，甲乙两组同学分别完成了以下两个试验．试验一、甲试验小组设计了如图（a）所示的试验装置，争辩加速度和力的关系：在长木板不带定滑轮的一端下面垫一木块，通过转变小桶内细沙的质量，多次重复测量，可得滑块运动的加速度a和所受拉力F的关系图象．在长木板水平和倾斜的两种状况下分别做了试验，得到了两条a﹣F图线，如图（b）所示．（1）图线①（选填“①”或“②”）是在长木板左侧抬得过高的状况下得到的．（2）由a﹣F图线可得，滑块的总质量m=0.5kg；滑块和轨道间的动摩擦因数μ=0.2（g取10m/s2）．试验二、乙试验小组设计了如图（c）所示的试验装置，争辩合外力做功和动能变化的关系．其步骤如下：a．小桶内盛上适量细沙，用轻绳通过滑轮连接在滑块上，滑块连接纸带．合理调整长木板倾角，让滑块沿木板匀速下滑．b．取下轻绳和小桶，测出小桶和细沙的质量m及滑块质量M．c．取下细绳和小桶后，换一条纸带，让滑块由静止释放，打出的纸带如图（d），O为打下的第一点．O与A 之间省略了一些点，已知沟通电的频率为f，重力加速度为g．（1）步骤c中滑块所受的合外力为mg．（2）为验证从O→C过程中滑块合外力做功与滑块动能变化的关系，则C点的速度为．需要验证的关系式为mg（x0+x1+x2+x3）=（用所测物理量的符号表示）．考点：伏安法测电阻．专题：试验题；恒定电流专题．分析： 1、依据图象①可知，当拉力为零时，物体已经具有加速度，②图象，有拉力时，加速度为零，由此可知，一个是由于木板倾斜的太厉害，一个没有倾斜或者倾斜的角度太小．依据a﹣F图象的特点结合牛顿其次定律求解，明确图象斜率的含义．2、小车匀速下滑时受到重力、支持力、摩擦力和拉力，合力为零；撤去拉力后，其余力不变，故合力等于撤去的拉力；依据匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度求C点速度，再确定动能增量；需要验证动能增加量等于合力做的功．解答：解：试验一、（1）由图象可知，当F=0时，a≠0．也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学试验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高．所以图线①是在轨道右侧抬高成为斜面状况下得到的．（2）依据F=ma得a﹣F图象的斜率k=，由a﹣F图象得图象斜率k=2，所以m=0.5kg．由a﹣F图象②得，当F=1N时，物体即将要滑动，此时有F=f，因此滑动摩擦力等于1N，所以滑块和轨道间的动摩擦因数μ==0.2．试验二、（1）小车匀速下滑时受到重力、支持力、摩擦力和拉力，合力为零；撤去拉力后，其余力不变，故合力等于撤去的拉力；故答案为：mg．（2）匀变速直线运动的平均速度等于中间时刻瞬时速度，故v C =，动能增量为：△E k =M =合力的功为：W=mg（x0+x1+x2+x3）需要验证的关系式为：mg（x0+x1+x2+x3）=故答案为：试验一、（1）①（2）0.5；0.2试验二①mg ②；mg（x0+x1+x2+x3）=点评：对于试验我们要明确试验原理、具体试验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，只有把握好了基本学问和基本方法才能顺当解决试验题目，所以要重视基本学问和基本方法的学习和训练．留意小车的拉力能等于重力的前提条件，并把握图象斜率的含义．三、计算题（写出必要的文字和依据，满分51分）10．（15分）如图甲所示，一带电荷量为+q、质量为m的小物块处于一倾角为37°的光滑斜面上，当整个装置被置于平行于斜面对上的匀强电场中，小物块恰好静止．重力加速度取g，sin 37°=0.6，cos 37°=0.8．（1）求出匀强电场的场强大小E；（2）若将电场的场强大小保持不变，方向改为水平向右，如图乙所示，试求：①物块对斜面的压力；②物块下滑距离L时的动能．考点：牛顿运动定律的综合应用；牛顿第三定律．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：（1）由共点力的平衡条件可求得电场强度的大；（2）由共点力的平衡条中求得支持力N；再由牛顿第三定律可求得压力；（3）对全解答：解：（1）小物块静止在斜面上，受重力、电场力和斜面支持力，则有：mgsin 37°=qE可得：E=（2）若电场强度大小保持不变，方向改为水平向右，即：E′=由牛顿其次定律得：mg cos 37°﹣qE′sin 37°=N．可得：N=1.16mg由牛顿第三定律可得，物块对斜面的压力为N1=1.16mg，方向垂直于斜面对下．（3）电场强度变化后物块下滑距离L时，重力做正功，电场力做负功，由动能定理得：mgLsin 37°﹣qE′Lcos 37°=E k﹣0得：E k=0.12mgL答：（1）求出匀强电场的场强大小E 为（2）①物块对斜面的压力为1.16mg；②物块下滑距离L时的动能为0.12mgL点评：本题考查带电粒子在电场中的运动，要留意明确动能定理及共点力的平衡关系的应用．11．（17分）如图所示，劲度系数k=25N/m轻质弹簧的一端与竖直板P拴接（竖直板P固定在木板B的左端），另一端与质量m1=1kg的小物块A相连，物体A静止于木板B上，P和B的总质量为M=4kg且B足够长，A 右端连接一细线，细线绕过光滑的定滑轮与质量m2=3kg物体C相连．木板B的上表面光滑，下表面与地面的动摩擦因数μ=0.3，开头时用手托住C，让细线恰好伸直但没拉力，然后由静止释放C，直至B开头运动．全过程物体C没有触地，弹簧在弹性限度内，g=10m/s2．求：（1）刚释放瞬间物体C的加速度；（2）从刚释放C到B开头运动的过程中，弹簧弹力对物体A所做的功；（3）B刚开头运动时，弹簧弹力对物体A做功的功率．考点：功能关系；牛顿其次定律．分析：本题（1）分别对物体C与A列出牛顿其次定律表达式即可求解；题（2）的关键是明确当B开头运动时应满足弹簧弹力等于地面对B的摩擦力，然后再依据弹簧弹力做功的公式即可求解；题（3）分别对A与C列出动能定理表达式求出A开头运动时的速度，然后再依据瞬时功率公式即可求解．解答：解：（1）释放瞬间，对物体C应有：m2g﹣T=m2a对物体A应有：T=m1a联立以上两式可得a=7.5m/s2，方向竖直向下；（2）水平面对B的摩擦力f=μN=μ（m1+M）g=15N当B开头运动时应有kx=μ（M+）g，解得x=0.6m，依据弹簧弹力做功的公式=可得，弹簧弹力对物体A 所做的功=﹣kx2=﹣4.5J；（3）B开头运动时，设物体A的速度为v，对物体A 由动能定理可得：=﹣0对物体B 由动能定理可得：=其中x=0.6m ，=﹣4.5J，代入以上两式解得v=m/s，所以B开头运动时弹簧弹力对物体A做功的功率大小为P=kxv=25×W=；答：（1）刚释放瞬间物体C的加速度为7.5m/（2）从刚释放C到B开头运动的过程中，弹簧弹力对物体A所做的功为﹣4.5J（3）B刚开头运动时，弹簧弹力对物体A 做功的功率为W点评：应明确：①涉及到加速度问题时应用牛顿其次定律求解；②涉及到“功”的有关问题，应用动能定理求解．12．（19分）如图所示，半径R=2.1m的光滑圆弧与光滑平台相切于O1，O1与圆心O在同一竖直线上，在OO1连线的右侧有场强E=3×108V/m的匀强电场，平台右端B与水平传送带相接，传送带的运行速度为v0=2m/s，方向如图所示，长为L=4.84m．质量m=2kg，电量q=2.0×10﹣8C的滑块从A点（A点与圆心O点等高）无初速度释放，经过平台到达传送带上，平台宽度O1B=S=1m，滑块与传送带间的动摩擦因数为μ=0.1．不考虑电场的边缘影响，全过程滑块电量不变，g=10m/s2，求：（1）滑块刚到B点时的速度大小；（2）滑块在传送带上运动时间；（3）滑块在传送带上运动产生的热量Q．考点：动能定理的应用；带电粒子在匀强电场中的运动．分析：（1）对由A到B过程直接依据动能定理列式求解即可；（2）先加速皮带足够长，对减速前进过程分速度快于传送带和小于传送带过程，依据牛顿其次定律列式求解加速度，依据运动学公式列式求解运动参量；（3）依据公式Q=f•△S列式求解滑块在传送带上运动过程系统产生的热量Q．解答：解：（1）由A到B，依据动能定理，有：mgR﹣Eqs=mv B2代入数据解得：v B=6m/s（2）由于v B＞v0，所以a1==μg+=0.1×10+=4m/s2，方向水平向左当物体的速度与传送带速度相等时所用时间为t1，t1===1s物体位移为：x1===4m＜4.84m，物体以a2减速运动的加速度为：a2==2m/s2，方向水平向左假如物体速度减为0，物体位移为：x2===1m＞L﹣x1=0.84m所以物体到C点时速度不为0，则有：L﹣x1=v0．t2﹣a 2解得：t2=0.6s；t2=1.4s＞1s（舍去）t=t1+t2=1+0.6=1.6s（3）滑块速度减小到等于传送带速度过程，相对位移：△X1=x1﹣v0．t1=4﹣2×1=2m；此后直到离开传送带过程，相对位移：△X2=v0．t2﹣x2=2×0.6﹣0.84=0.36m故系统产生的热量为：Q=µmgx（△X1+△X2）=0.1×2×10×（2+0.36）=4.72J答：（1）滑块刚到B点时的速度大小为6m/s；（2）滑块在传送带上运动时间为1.6s；（3）滑块在传送带上运动产生的热量Q为4.72J．点评：本题关键是明确滑块的受力状况，依据牛顿其次定律列式求解加速度，依据运动学公式列式求解运动学参量，依据Q=f•△S列式求解系统因摩擦产生的热量．。
四川省成都七中高三(上)入学物理试卷
四川省成都七中高三（上）入学物理试卷一、单选题（本大题共8小题，共24.0分）1.如图是伽利略1604年做斜面实验时的一页手稿照片，照片左上角的三列数据如下表．表中第二列是时间，第三列是物体沿斜面运动的距离，第一列是伽利略在分析实验数据时添加的．根据表中的数据，伽利略可以得出的结论是（）物体具有惯性B. 斜面倾角一定时，加速度与质量无关C. 物体运动的距离与时间的平方成正比D. 物体运动的加速度与重力加速度成正比2.如图所示，天花板上用细绳吊起两个用轻弹簧相连的质量相同的小球．两小球均保持静止．当突然剪断细绳时，上面小球A与下面小球B的加速度为（）A. B.C. D.3.生活中的物理知识无处不在，如图是我们衣服上的拉链的一部分，在把拉链拉开的时候，我们可以看到有一个三角形的东西在两链中间运动，使很难直接分开的拉链很容易地拉开，关于其中的物理原理，以下说法正确的是（）A. 在拉开拉链的时候，三角形的物体增大了分开两拉链的力B. 拉开拉链的时候，三角形的物体只是为了将拉链分开，并没有增大拉力C. 拉开拉链时，三角形的物体增大了分开拉链的力，但合上拉链时减小了合上的力D. 以上说法都不正确4.物块P静止在水平放置的固定木板上．若分别对P施加相互垂直的两个水平拉力F1和F2时（F1＜F2），P将分别沿F1和F2的方向匀加速滑动，其受到的滑动摩擦力大小分别为f1和f2，其加速度大小分别为a1和a2若从静止开始同时对P施加上述二力，其受到的滑动摩擦力大小为f3，其加速度大小为a3关于以上各物理量之间的关系，判断正确的是（）A. ，B. ，C. ，D. ，5.一物体作匀加速直线运动，通过一段位移△x所用的时间为t1，紧接着通过下一段位移△x所用时间为t2．则物体运动的加速度为（）A. △B. △C. △D. △6.如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行驶的汽车a和b的位置-时间（x-t）图线．由图可知（）A. 在时刻，a车追上b车B. 在时刻，a、b两车运动方向相反C. 在到这段时间内，b车的位移比a车的大D. 在到这段时间内，b车的速率一直比a车的大7.如图，在倾角为a的固定光滑斜面上，有一用绳子拴着的长木板，木板上站着一只猫．已知木板的质量是猫的质量的2倍．当绳子突然断开时，猫立即沿着板向上跑，以保持其相对斜面的位置不变．则此时木板沿斜面下滑的加速度为（）A. B. C. D.8.如图所示，OA为一条遵循胡克定律的弹性轻绳，弹性轻绳的一端固定在O点，另一端拴一个物体，物体静止在水平面上，并对水平面有压力．B处有一光滑的钉子且与OA垂直，OB为弹性绳子的自然长度，BA的高度为h．现在，用水平力F使物体沿水平面匀速运动，这一过程中，设水平面对物体的摩擦力的大小为f，对物体的支持力为N．则（）A. f不变，N变小，F变大B. f、N不变，F变大C. f变小，N变小，F变大D. 条件不够，无法判断二、多选题（本大题共5小题，共20.0分）9.正确反映自由落体运动规律的图象是（g取10m/s2）（）A. B. C. D.10.将甲乙两小球先后以同样的速度在距地面不同高度处竖直向上抛出，抛出时间间隔2s，它们运动的图象分别如直线甲乙所示．则（）A. 时，两球的高度相差一定为40mB. 时，两球相对于各自的抛出点的位移相等C. 两球从抛出至落到地面所用的时间间隔相等D. 甲球从抛出至到达最高点的时间间隔与乙球相等11.如图所示，带有长方体盒子的斜劈A放在固定的斜面体C的斜面上，在盒子内放有光滑球B，B恰与盒子前、后壁P、Q点相接触．现使斜劈A在斜面体C上静止不动，此时P、Q对球B均无压力．以下说法正确的是（）A. 若C的斜面光滑，斜劈A由静止释放，则Q点对球B有压力B. 若C的斜面光滑，斜劈A以一定的初速度沿斜面向上滑行，则P点对球B有压力C. 若C的斜面粗糙，且斜劈A沿斜面匀速下滑，则P点对球B有压力D. 若C的斜面粗糙，斜劈A沿斜面加速下滑，则Q点对球B有压力12.一物体放置在倾角为θ的斜面上，斜面固定于加速上升的电梯中，加速度为a，如图所示．在物体始终相对于斜面静止的条件下，下列说法中正确的是（）A. 当一定时，a越大，斜面对物体的正压力越小B. 当一定时，a越大，斜面对物体的摩擦力越大C. 当a一定时，越大，斜面对物体的正压力越小D. 当a一定时，越大，斜面对物体的摩擦力越小13.如图所示斜劈A置于水平地面上，滑块B恰好沿其斜面匀速下滑．在对B施加一个竖直平面内的外力F后，A仍处于静止状态，B继续沿斜面下滑．则以下说法中正确的是（）A. 若外力F竖直向下，则B仍匀速下滑，地面对A无静摩擦力作用B. 若外力F斜向左下方，则B加速下滑，地面对A有向右的静摩擦力作用C. 若外力F斜向右下方，则B减速下滑，地面对A有向左的静摩擦力作用D. 无论F沿竖直平面内的任何方向，地面对A均无静摩擦力作用三、填空题（本大题共1小题，共14.0分）14.如图所示，木板静止于水平地面上，在其最右端放一可视为质点的木块。
成都七中高三入学考试物理试题含答案
成都七中高三入学考试物理试题一、选择题1. 如图所示，一质量为m的物体A恰能在倾角为a的斜面体上匀速下滑。
若用与水平方向成θ角、大小为F的力推A，使A加速下滑，斜面体始终静止。
下列关于斜面体受地面的摩擦力的说法正确的是（）A．方向水平向右，大小为mg cosαsinαB．方向水平向左，大小为mg cosαsinαC．方向水平向左，大小为Fcos0D．大小为02. 如图所示，足够长传送带与水平方向的倾角为θ，物块a通过平行于传送带的轻绳跨过光滑轻滑轮与物块b相连，b的质量为m，开始时，a、b及传送带均静止且a不受传送带摩擦力作用，现让传送带逆时针匀速转动，则在b上升h高度(未与滑轮相碰)过程中，下列说法错误的是（）A．物块a重力势能减少mghB．摩擦力对a做的功大于a机械能的增加C．摩擦力对a做的功小于物块a、b动能增加之和D．任意时刻，重力对a、b做功的瞬时功率大小相等3．如图所示，人造地球卫星绕地球运行轨道为椭圆，其近地点P和远地点Q距地面的高度分别为R和3R，R为地球半径，已知地球表面处的重力加速度为g，以下说法正确的是( )gRA．卫星在P点的速度大于2gB．卫星在Q点的加速度等于4C．卫星在从P到Q过程中处于超重状态D．卫星在从P到Q过程中机械能不守恒4、如图甲所示，Q1、Q2为两个被固定的点电荷，其中Q1带负电，a、b两点在它们连线的延长线上.现有一带负电的粒子以一定的初速度沿直线从a点开始经b点向远处运动(粒子只受电场力作用)，粒子经过a、b两点时的速度分别为va、vb，其速度图象如图乙所示，以下说法中正确的是A ．Q 2一定带正电B ．Q 2的电量一定大于Q 1的电量C ．b 点的电场强度最小但不为零D ．整个运动过程中，粒子的电势能一直增大 5．如图所示，在光滑水平面上，有竖直向下的匀强磁场，分布在宽度为L 的区域内，两个边长均为a （a ＜L ）的单匝闭合正方形线圈甲和乙，分别用相同材料不同粗细的导线绕制而成（甲为细导线），将线圈置于光滑水平面上且位于磁场的左边界，并使两线圈获得大小相等、方向水平向右的初速度，若甲线圈刚好能滑离磁场，则( ) A.乙线圈也刚好能滑离磁场B.两线圈进入磁场过程中通过导线横截面电荷量相同C.两线圈进入磁场过程中产生的热量相同D.甲线圈进入磁场过程中产生的热量小于离开磁场过程中产生的热量6、巨磁电阻（GMR ）电流传感器可用来准确检测大容量远距离直流输电线路中的强电流，其原理利用了巨磁电阻效应。
2021年四川省成都七中高三高考零诊物理试题
2021年四川省成都七中高三高考零诊物理试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．下列四幅图涉及到不同的物理知识，其中说法正确的是（）A．图甲：普朗克通过研究黑体辐射提出能量子的概念，成功解释了光电效应B．图乙：玻尔理论指出氢原子能级是分立的，所以原子发射光子的频率是不连续的C．图丙：卢瑟福通过分析α粒子散射实验结果，发现了质子和中子D．图丁：根据电子束通过铝箔后的衍射图样，可以说明电子具有粒子性2．如图所示是高压电场干燥中药技术基本原理图，在大导体板MN上铺一薄层中药材，针状电极O和平板电极MN接高压直流电源，其间产生较强的电场.水分子是极性分子，可以看成棒状带电体，一端带正电，另一端带等量负电；水分子在电场力的作用下会加速从中药材中分离出去，在鼓风机的作用下飞离电场区域从而加速干燥．图中虚线ABCD 是某一水分子从A处由静止开始的运动轨迹.下列说法正确的是A．A处的电场强度大于D处B．B处的电势高于C处C．水分子做匀变速运动D．水分子由A运动到C的过程中电势能减少3．如图所示电路中，电源内阻为r，电流表A和电压表V均为理想电表．平行板电容器C内部有一个用绝缘细线悬挂的带电小球，稳定时细线偏离竖直方向一个小角度，当滑动变阻器滑片P从右端向左端滑动的过程中，下列说法正确的是A．电流表示数增大B．电压表示数增大C．细线与竖直方向的偏角减小D．滑片P移动中可能有两个位置使电源输出功率相等4．如图所示，变压器原、副线圈上有L1、L2、L3、L4四只灯泡，它们的规格都是“9 V，12 W”，当在该变压器cd端输入交变电压u（u–t图象如图所示）时，四只灯泡都正常发光，各电表均为理想交流电表。
以下说法正确的是A．ab端输入电压的瞬时值表达式为u ab＝sinl00πt（V）B．原、副线圈匝数比4:1C．流过灯泡L2的电流方向每秒钟改变50次D．电流表的示数为4 A，ab端输入的功率P ab＝48 W5．如图所示，螺线管的匝数为1000、横截面积为10cm2电阻为1Ω，与螺线管串联的外电阻R1=5Ω、R2=4Ω．向右穿过螺线管的磁场的磁感应强度按图所示的规律变化，则下列说法正确的是（）A．0~1s内，螺线管产生的感应电动势为4×10－3VB．1s~2s内，R2中通过的电流方向向右C．1s~2s内，电路中通过的电流为0.3AD．1s~2s内，R1两端的电压为3V6．如图甲所示，光滑平行金属导轨MN、PQ所在平面与水平面成θ角，M、P两端接一电阻为R的定值电阻，电阻为r的金属棒ab垂直导轨放置，其他部分电阻不计．整个装置处在磁感应强度大小为B、方向垂直导轨平面向上的匀强磁场中．0t=时对金属棒施加一平行于导轨向上的外力F，使金属棒由静止开始沿导轨向上运动，通过定值电阻R的电荷量q随时间的平方2t变化的关系如图乙所示．下列关于穿过回路abPMa 的磁通量Φ、金属棒的加速度a、外力F、通过电阻R的电流I随时间t变化的图象中正确的是A．B．C．D．7．水平面上的三点A、O、B在一条直线上，OB=2OA，OO＇是竖直的分界线，其左边区域内有水平向右的匀强电场，场强大小为E1=mgq，其右边区域内有水平向左的匀强电场，场强大小为E2，现将一带电量为q的小球从A点以初速度v0竖直向上抛出，小球在空中越过分界线后，竖直向下落在B点，不计阻力，重力加速度大小为g，则下列说法正确的是：A．小球在B点的电势能大于在A点的电势能B．小球经过分界线时的速度与水平方向夹角θ的正切值tanθ=1 2C．小球经过分界线时离水平面的高度为20 2 3 v gD．左右两区域电场强度大小的比值为E1:E2=1:2二、多选题8．如图，两个线圈绕在同一根铁芯上，其中一线圈通过开关与电源连接，另一线圈与远处沿南北方向水平放置在纸面内的直导线连接成回路．将一小磁针悬挂在直导线正上方，开关未闭合时小磁针处于静止状态．下列说法正确的是（）A．开关闭合后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向里的方向转动B．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向里的方向C．开关闭合并保持一段时间后，小磁针的N极指向垂直纸面向外的方向D．开关闭合并保持一段时间再断开后的瞬间，小磁针的N极朝垂直纸面向外的方向转动9．下列说法中正确的是（）A．雷达是利用声波的反射来测定物体的位置的B．光纤通信是激光和光导纤维相结合的产物C．变化的电场产生变化的磁场，变化的磁场产生变化的电场，反映了电和磁是密不可分的D．火车以接近光速通过站台时，火车上乘客观察到站在站台上的旅客身高不变10．如图所示，正方形abcd区域内存在垂直纸面向里的匀强磁场，甲、乙两带电粒子从a点沿与ab成30°角的方向垂直射入磁场，甲粒子垂直于bc边离开磁场，乙粒子从ad边的中点离开磁场。
四川省成都七中2021年自主招生物理试卷
XX省七中20XX年自主招生物理试卷20XX年七中自主招生考试物理试卷一、单项选择题：（本题共12小题，每小题3分，共36分，每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求。
）1、物理与我们的生活息息相关，同学们根据所学到的物理知识，对身边一些常见的物理量进行估测。
以下是他们交流时的一些估测数据，你认为数据最接近实际的是（）.人正常步行的速度约5 m/sB.正常成年人的体积大约0.05 m3C.人的正常体温为38℃D.在中学生运动会百米赛跑中，获得冠军的运动员的平均速度可达12m/s2、足不出户就能缴纳水电费、闲时拿着XX在XX上购物、付款只需打开XX扫二维码…仅仅几年时间，百姓的支付方式就发生了颠覆性变化，生活变得越来越便捷，XX扫描二维码，相当于给二维码拍一张照片，识别软件正是依靠颜色的深浅来完成对二维码识别.关于XX扫描二维码涉及到的物理知识，下列说法正确的是（）.XX镜头扫二维码成的是正立的实像B.摄像头越靠近二维码越好C.识别软件能直接识别二维码本身发出的亮暗不同的光D.二维码反射的光经过摄像头折射后成像3、小军乘坐的小汽车和一辆大客车在平直公路上以同样大小的速度并排匀速向前运动。
他突然发现大客车的车轮边缘上粘有一小物体，于是他盯着它看了一会儿。
那么小军看到的这一小物体的运动轨迹是（）4、我们可以在不同的环境中看到“白气”，下列有关形成“白气”的说法中正确的是（）.打开盖子的热水瓶口处会出现“白气”，这是瓶内水蒸气的液化现象B.清晨能看到河面上有一团团的“白气”，这是河面上水蒸气的蒸发现象C.夏天，打开冰箱门时常会出现“白气”，这是冰箱内水蒸气的液化现象D.文艺演出时舞XX上经常施放“白气”，这是干冰在常温下的放热升华现象5、如图所示，水平地面上静止叠放着、B两物体，物体上表面受到一竖直向上的拉力F.其中F<G ，下列说法正确的是（） . 物体受到的重力与物体受到的支持力是一对平衡力B. 物体受到的支持力与B物体受到的压力是一对相互作用力C. B物体受到的压力与B物体受到的支持力是一对平衡力D. B物体受到的支持力等于物体和物体B的总重力6、某次演练中，直升机悬停于高空，一伞兵(含伞)跳伞后竖直降落，其速度v与时间t 的关系如图所示，下列推断中正确的是（）.在0~t1时间内，伞兵受到的重力小于阻力B.在t1~t2时间内，伞兵受到的重力小于阻力C.在t2~t3时间内，伞兵的机械能不变D.在0~t3时间内，伞兵受到的阻力一直增大7、如图所示，质量分布均匀的圆柱形棒的一端悬挂一个小铁块并一起浸入水中。
2021届四川省成都七中高三(上)入学考试物理试题
2021届四川省成都七中高三（上）入学考试物理试题 学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________一、单选题1．关于物体和物体的运动，下列说法中正确的是（ ）A ．质点是一种理想化模型，实际并不存在B ．平均速度的大小就是平均速率C ．加速度越大说明物体速度变化越大D ．第5秒末到第7秒初经历了2秒 2．关于相互作用，下列说法中正确的是（ ）A ．静止在水平地面上的物体所受重力的反作用力是物体对地面的压力B ．轻杆产生的弹力方向一定沿着杆的方向C ．弹簧的劲度系数由弹簧自身的性质决定D ．物体处于平衡状态时，其所受的作用力一定是共点力3．关于牛顿运动定律，下列说法中正确的是（ ）A ．牛顿第一定律是实验定律B ．牛顿第二定律对任何情况均适用C ．力的单位是牛顿，该单位是国际单位制中的基本单位D ．作用力与反作用力的性质一定是相同的4．一质点从0t =开始沿x 轴做直线运动，其位置坐标与时间的关系式为3281x t t =-+（x 和t 的单位分别为m 和s ），则下列说法中正确的是（ ）A ．质点一直向x 轴正方向运动B ．质点做匀变速直线运动C ．质点在第2s 内的平均速度的大小为6m/sD ．质点在前2s 内的位移为lm5．如图所示，在粗糙水平地面上放着一个截面为四分之一圆弧的柱状物体A ，A 的左侧紧靠竖直墙，A 与竖直墙之间放一光滑圆球B ，整个装置处于静止状态。
若把A 向右移动少许后，它们仍处于静止状态，则（ ）A ．墙受到的压力大小不变B ．A 与B 之间的作用力减小C ．A 受到的摩擦力增大D ．A 与地面之间的压力减小6．如图所示，台秤上放一个木箱，木箱内有质量分别为1m 和2m 的两物体P ．Q ，用细绳通过光滑定滑轮相连，12m m >。
现剪断Q 下端的细绳，在P 下落但还没有到达箱底的过程中，台秤的示数与未剪断前的示数相比将（ ）A ．变小B ．变大C ．先变小后变大D ．先变大后变小7．汽车做匀减速直线运动，经过4秒停下来。
2021-2022学年四川省成都七中高三(上)第一次诊断物理试卷
2021-2022学年四川省成都七中高三（上）第一次诊断物理试卷二、选择题：本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．A．神舟十二号的发射速度应大于地球的第二宇宙速度B．空间站绕地球做圆周运动的运行速度不小于7.9km/sC．宇航员站在天和核心舱地板上时对地板的压力为零D．神舟十二号先进入天和核心舱运行轨道，再从后面加速以实现与天和核心舱对接A．3.99m/s B．7.98m/s C．1.99m/s D．1.33m/sA．0.1m B．0.2m C．0.4m D．0.8mA．（μ1+μ2）（m1+m2）g B．μ1（m1+m2）g+μ2m2gC．（μ1+μ2）m2g D．（μ1m1+μ2m2）g6．（6分）某同学通过实验正确作出标有“5V，2.5W”的小灯泡的U-I图线如图甲所示，现把实验中使用的小灯泡接到如图乙所示的电路中，其中电源电动势E=6V，内阻r=1Ω，定值电阻R=9Ω，则（）A．由甲图可知，小灯泡的电阻值随电压的升高而增大B．由甲图可知，小灯泡的电阻值随电压的升高而减小C．闭合乙图开关，小灯泡的实际功率约为2.7WD．闭合乙图开关，小灯泡的实际功率约为0.84W7．（6分）如图所示，D是一只理想二极管，电流只能从a流向b,而不能从b流向a,平行板电容器的A、B 两极板间有一电荷，在P点处于静止状态．以Q表示电容器储存的电荷量，U表示两极板间的电压，E P表示电荷在P点的电势能．若保持极板B不动，将极板A稍向上平移，则下列说法中正确的是（）A．U不变B．E P不变C．Q变小D．电荷仍保持静止A．0～2s内，拉力F的冲量为12N•sB．撤去拉力F时甲的速度大小为3m/sC．两个滑块碰撞后瞬间乙的速度是4m/sD．甲停止运动时甲、乙相距1.5m三、非选择题：包括必考题和选考题两部分．第22～32题为必考题，每个试题考生都必须作答．第33～38题为选考题，考生根据要求作答．（一）必考题（共129分）9．（6分）某实验小组用图（a）所示装置研究平抛运动。