2017-2018学年天津市滨海新区届高三物理毕业班联考试卷【有答案】
天津市五区县联考2017-2018学年高三上学期期末物理试卷Word版含解析.pdf
天津市五区县联考2017-2018学年高三上学期期末物理试卷最新试卷十年寒窗苦，踏上高考路，心态放平和，信心要十足，面对考试卷，下笔如有神，短信送祝福，愿你能高中，马到功自成，金榜定题名。
一、单项选择题：共32分．本大题共8小题，每小题4分．在每小题给出的四个选项中，只有一项符合题目要求．1．（4分）在学校的体育运动会跳高场地，我们看到在运动员落地一侧要叠放几块较大而厚的软垫，其目的是（）A．增加运动员落地过程的时间，增大脚受到的作用力B．增加运动员落地过程的时间，减小脚受到的作用力C．减少运动员落地过程的时间，增大脚受到的作用力D．减少运动员落地过程的时间，增大脚受到的作用力2．（4分）下列说法正确的是（）A．由加速度的定义式可知，加速度与速度的变化量成正比，与时间成反比B．由牛顿第二定律可知，加速度与物体的合外力成正比，与物体的质量成反比C．匀变速直线运动的加速度为恒量，因此，加速度为恒量的物体一定做匀变速直线运动D．匀速圆周运动的加速度方向总与速度垂直，因此，加速度方向总与速度垂直的物体一定要做匀速圆周运动3．（4分）如图所示，用一根轻弹簧悬挂一个物体，从弹簧处于原长位置将物体由静止释放，在物体向下运动过程中，以下说法正确的是（）A．物体的速度不断增大B．物体的加速度不断增大C．物体的动能与弹簧的弹性势能之和不断增大D．物体的动能与重力势能之和保持不变4．（4分）如图所示，A、B、C三物块叠放并处于静止状态，水平地面光滑，其它接触面粗糙，以下受力分析正确的是（）A．A与墙面间存在压力B．A与墙面间存在静摩擦力C．A物块共受3个力作用D．B物块共受5个力作用5．（4分）2013年6月13日，我国“神舟十号与“天富﹣号”成功实现交会对接．如图所示，圆形轨道1为“天宫一号，运行轨道，圆形轨道2为“神舟十号”运行轨道，在实现交会对接前，“神舟十号”要进行多次变轨，则（）A．“神舟十号”在圆形轨道2的运行速率大于7.9km/sB．“天宫一号”的运行速率小于“神舟十号”在轨道2上的运行速率C．“神舟十号”从轨道2要先减速才能与“天宫一号”实现对接D．“天宫一号”的向心加速度大于“神舟十号”在轨道2上的向心加速度6．（4分）如图所示电路，当滑动变阻器R1的滑片向上滑动时，下列说法正确的是（）A．电流表的示数变大B．R3两端的电压减小C．R2的功率增大D．R1的电流增大7．（4分）如图所示，Q1、Q2为两个等量同种正点电荷，在Q1、Q2产生的电场中有M、N 和O三点，其中M和O在Q1、Q2的连线上（O为连线的中点），N为两电荷连线中垂线上的一点，则下列说法中正确的是（）A．O点电势等于N点电势B．O点场强一定大于M点场强C．将一个负点电荷从M点移到N点，电场力对其做负功D．若将一个正点电荷分别放在M、N和O三点，则该点电荷在O点时电势能最大8．（4分）如图所示，物块A放在倾斜的木板上，改变木板与水平面之间的夹角θ，发现当θ=30°和θ=45°时物块A所受的摩擦力大小恰好相等，则物块A与木板之间的动摩擦因数为（）A．B．C．D．二、不定项选择题（每小题4分，每小题都有多个选项正确，选不全得2分，有错误选项不得分；共16分）9．（4分）某质点运动的速度图象如图所示，由图象得到的正确结果是（）A．0﹣1s内的平均速度是2m/sB．0﹣2s内的位移大小是6mC．0﹣1s内加速度是2﹣4s内加速度的二倍D．0﹣1s内的运动方向与2﹣4s内的运动方向相反10．（4分）如图所示，质量为2kg的物体在水平恒力F的作用下在地面上做匀变速直线运动，位移随时间的变化关系为x=t2+t，物体与地面间的动摩擦因数为0.4，取g=10m/s2，以下结论正确的是（）A．匀变速直线运动的初速度为1m/sB．物体的位移为12m时速度为7m/sC．水平恒力F的大小为4ND．水平恒力F的大小为12N11．（4分）长L的细绳一端固定于O点，另一端系一个质量为m的小球，将细绳在水平方向拉直，从静止状态释放小球，小球运动到最低点时速度大小为v，细绳拉力为F，小球的向心加速度为a，则下列说法正确的是（）A．小球质量变为2m，其他条件不变，则小球到最低点的速度为2vB．小球质量变为2m，其他条件不变，则小球到最低点时细绳拉力变为2FC．细绳长度变为2L，其他条件不变，小球到最低点时细绳拉力变为2FD．细绳长度变为2L，其他条件不变，小球到最低点时向心加速度为 a12．（4分）如图所示，A、B两个平行金属板充电后与电源断开，B板接地，C、D是A、B两板间的两个点，以下说法正确的是（）A．A板不动，将B板向下移动一小段距离，则C点电势不变B．A板不动，将B板向下移动一小段距离，则C、D两点间电势差不变C．B板不动，将A板向上移动一小段距离，则C点电势不变D．B板不动，将A板向上移动一小段距离，则C、D两点间电势差不变三、实验题（请根据要求回答以下两个实验题，13题6分，14题9分，共15分）13．（6分）某实验小组利用打点计时器和斜面小车分析小车的运动情况，实验装置如图（1）实验中打点计时器所使用的电源为（填“交流电源”或“直流电源”）（2）下面为某同学打出的一条纸带的一部分，描出O、A、B、C、D五个计数点（相邻两个计数点间有四个点未画出）．用毫米刻度尺测量各点与O点间距离如图所示，已知所用电源的频率为50H Z，则打B点时小车运动的速度v B=0.337m/s，小车运动的加速度a=m/s2．（结果要求保留两位有效数字）14．（9分）某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率ρ．步骤如下：（1）用游标为20分度的卡尺测量其长度如图1，由图可知其长度为mm；（2）用螺旋测微器测量其直径如图2，由图可知其直径为mm；（3）用多用电表的电阻“×10”挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图3，则该电阻的阻值约为Ω．（4）该同学想用伏安法更精确地测量其电阻R，现有的器材及其代号和规格如下：待测圆柱体电阻R直流电源E（电动势4V，内阻不计）电流表A1（量程0～4mA，内阻约50Ω）电流表A2（量程0～10mA，内阻约30Ω）电压表V1（量程0～3V，内阻约10kΩ）电压表V2（量程0～15V，内阻约25kΩ）滑动变阻器R1（阻值范围0～15Ω，允许通过的最大电流 2.0A）滑动变阻器R2（阻值范围0～2kΩ，允许通过的最大电流0.5A）开关S 导线若干为使实验误差较小，要求测得多组数据进行分析，请在图4中画出测量的电路图，并标明所用器材的代号．四、解答题（请按规范步骤解答，15题12分，16题12分，17题13分，共37分）15．（12分）如图所示电路，电源电动势E=15V，内阻r=1Ω，电阻R1=4Ω电阻R2=R3=10Ω，电容器的电容C=5×10﹣3F，求：（1）开关S打开时，电容器的电量Q1为多少？（2）将开关S闭合瞬间，通过电流计G的电量q为多少？电流方向如何？16．（12分）如图所示，半圆形竖直光滑轨道bc固定在水平地面上，轨道半径R=0.6m，与水平粗糙地面ab相切，质量m2=0.2kg的物块B静止在水平地面上b点，另一质量m1=0.6kg 物块A在a点以v0=10m/s的初速度沿地面滑向物块B，与物块B发生碰撞（碰撞时间极短），碰后两物块粘在一起，之后冲上半圆轨道，到最高点c时，两物块对轨道的压力恰好等于两物块的重力．已知ab两点间距L=3.6m，A与B均可视为质点，空气阻力不计，g取10m/s2．求：（1）物块A与B刚碰后一起运动的速度v；（2）物块A和地面间的动摩擦因数μ．17．（13分）如图所示，A、B是竖直放置的中心带有小孔的平行金属板，两板间的电压为U1=100V，C、D是水平放置的平行金属板，板间距离为d=0.2m，板的长度为L=1m，P是。
滨海新区2017-2018学年度第一学期期末检测试卷高一物理含答案
滨海新区2017-2018学年度第一学期期末检测试卷高一年级物理本试卷分为第I 卷(选择题)、第∏卷(填空题、实验题、计算题)两部分。
第I 卷为第1须至第4页,第∏卷为第4页至第6页。
试卷满分100分。
考试时间70分钟。
注意事项:1．选择题填涂到答题卡中。
2.填空题、实验题、计算题填写到答题纸中。
第I 卷一.单选题(本大题共8小题,每小题4分,共32分,每小题给出的四个选项中,只有一个选项是正确的,选对的得4分,有选错或不答的得0分)1．如图1所示,一个物体由静止开始,从A 点出发分别经三个粗糙斜面下滑到同一水平面上的C 1、C 2、C 3,处。
已知三个斜面的动摩擦因数都相同,则下列说法正确的是( ).A.物体到达C 3处重力做功最多:B. 物体到达C 2处重力做功最多C.物体到达C 1处重力做功最多D 物体到达C 1、C 2、C 3处重力做功相等:2.如图2所示,A 、B 两物体叠放在粗糙的水平面上,A 物体在竖直向下的力F 作用下,A 、B 两物体均处于静止状态,B 物体受到外力的个数为: A.2个カB.3个力C.4个カ D.5个カ3.汽车以20m/s 的速度做匀速直线运动,因前方道路故障紧急刹车,刹车后加速度的大小为5m/s 2,那么刹车后2s 与刹车后6s 汽车通过的位移之比为( )A.3:4B.3:1C.1:1D.4:34.一质量为m 的物体放在粗糙的水平面上向右运动,如图3所示,关于物体的运动和力的关系,下列说法正确的是( )A.物体受到的拉力F 越大,速度就越大B.因物体向右运动,那么它一定受到拉力F 的作用C.物体不受拉力F 作用时,物体的运动状态也发生改变D.物体运动状态发生改变,一定是受到了拉力F 的作用5.下列说法中正确的是()A.位移大小有可能大于它的路程B.质量一定,速度越大的物体惯性越大C.作用在物体上的合外力不为零时,物体的瞬时速度可能为零D.体积很小质量也很小的物体一定能够看作质点B A F F6.以下四个图象分别表示四个运动物体的加速度、速度、位移、摩擦力随时间变化的规律,其中物体作匀变速运动的是( )7.一质量为2kg的物体在同一平面内以下四组共点力的作用下运动,下面四组力中,物体加速度最小的是( )A.15N,10N,1NB.5N,3N,10NC.3N,3N,9ND.31,31,5N8.如图4所示,质量为m的小球A沿高度为h,倾角为θ的光滑斜面由静止滑下,另一质量与A相同的小球B自相同高度由静止落下(不计空气阻力),下列说法正确的是( )A.从释放至落地瞬间,两球所用时间相同B.落地前的瞬间A球的速度大于B球的速度C.落地前的瞬间A球重力的瞬时功率小于B球重力的瞬时功率D.从释放至落地瞬间,两球重力的平均功率相同。
天津市滨海新区2017-2018学年高一上学期期末联考物理试卷 Word版含答案
2017-2018学年第一学期滨海新区高中期末统考A卷高一物理试卷注意：所有试题答案答在答题纸上有效。
时间：90分钟分数：100分I卷客观题（共计46分）一、单项选择题（本题共10小题，每题3分，共计30分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确，选对的得3分，选不对得0分。
）.1．下列说法中，正确的是（）A．研究运动员做花样滑冰时，可以把运动员看成质点B．研究人造地球卫星绕地球运动时，可以把卫星看成质点C．“12月6日17时47分”和“361秒钟”，前者表示“时间”，后者表示“时刻”D．嫦娥三号探测器绕月球飞行一圈，它的位移和路程都为零2．下列关于牛顿第一定律和惯性的说法中，正确的是（）A．物体质量越大，运动状态越不容易改变，惯性越大B．物体仅在静止和匀速运动时才具有惯性C．伽利略的斜面实验时牛顿第一定律的实验基础，牛顿第一定律是实验定律D．在月球上举重在地球上容易，所以同一个物体在月球上比在地球上惯性小3．下列关于速度和加速度的说法中，正确的是（）A．物体的速度越大，加速度也越大B．物体的速度为零时，加速度也为零C．物体的速度变化越大，加速度越大D．物体的速度变化越快，加速度越大4．关于曲线运动性质的说法正确的是（）A．变速运动一定是曲线运动B．曲线运动一定是变速运动C．曲线运动一定是变加速运动D．曲线运动一定是加速度不变的匀变速运动5．如图所示，一个小物块沿光滑斜面向下滑动，小物块在下滑的过程中（）A．只受重力B．受重力和支持力C．受重力和下滑力D．受重力、下滑力和支持力6．汽车由甲地开出，沿平直公路开到乙地刚好停止运动，其速度图象如图，在0-1s和1-4s 两段时间内，汽车的（）A ．位移大小之比为1:4B ．加速度大小之比为1:3C ．平均速度大小之比为3:1D ．平均速度大小之比为1:17．如图所示，A 、B 两物体用细绳相连跨过光滑滑轮悬挂起来，B 物体放在水平地面上，A 、B 两物体均静止，现将B 物体稍向左移一点，A 、B 两物体仍静止，则此时与原来相比（ ） A ．绳子拉力变大B ．地面对物体B 的支持力变小C ．地面对物体B 的摩擦力变大D ．物体B 受到的合力变大8．如图所示，重物G 用OA 和OB 两段等长的绳子悬挂在半圆弧的架子上，B 点固定不动，A 端由顶点C 沿圆弧缓慢向DA ．变小B ．变大C ．先变大后变小D ．先变小后变大 9．某物体从足够高处开始做自由落体运动，则下列说法中正确的是（取g=10m/s 2）（ ） A ．第2s 内的平均速度为20m/sB ．任意1s 的末速度总比其初速度大5 m/sC ．第5s 内的位移为45mD ．后1s 的位移总比前1s 的位移多5m10．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F 的作用，F 的大小与时间t 的关系和物块速度v 与时间t 的关系如图所示。
天津市滨海新区七所重点学校2017-2018学年高三毕业班联考数学(理)试题
天津市滨海新区七所重点学校2017-2018学年高三毕业班联考数学（理)试题学校:___________姓名：___________班级：___________考号：___________1．已知复数z 满足(1)3i z i -=-+，则z 在平面内对应的点位于（ ） A ．第一象限B ．第二象限C ．第三象限D ．第四象限2．若实数x ，y 满足1000x y x y x +-≤⎧⎪-≤⎨⎪≥⎩，则z 2x 3y =-的最小值是（ ）A ．1B ．12-C ．3-D ．03．某程序框图如图所示，该程序运行后输出的k 的值是（ ）A ．4B ．5C ．6D ．74．已知集合{|145}A x x x =-+-<，集合()22{|log 2}B x y x x ==-，则“x A ∈”是“x B ∈”的（ ）A ．充分不必要条件B ．必要不充分条件C ．充要条件D ．既不充分也不必要条件5．若ln 2a =，125b -=，01sin 4c xdx π=⎰，则a ，b ，c 的大小关系为（ ） A ．b c a >> B ．a c b >>C ．b a c >>D ．a b c >>6．在ABC 中，()3sin sin 2B C A -+=,AC =，则角C =（ ）A ．2π B ． 3πC ． 6π或3π D ．6π 7．已知双曲线2213x y -=的右焦点恰好是抛物线22y px =（0p >）的焦点F ，且M 为抛物线的准线与x 轴的交点，N为抛物线上的一点，且满足NF =，则点F 到直线MN 的距离为（ ）A ．12B ．1 CD ．28．已知函数21(0)()21(0)x xx f x e x x x ⎧+≥⎪=⎨⎪++<⎩，若函数(())1y f f x a =--有三个零点，则实数a 的取值范围是（ ）A ．1(11)(23]e，，+⋃ B ．11(11)(23]3ee ⎧⎫+⋃⋃+⎨⎬⎩⎭，， C ．11(11)[23)3ee ⎧⎫+⋃⋃+⎨⎬⎩⎭，， D ．2(11)(23]e+⋃，， 9．在二项式251()x x-的展开式中，含7x 的项的系数是______10．已知曲线C 的极坐标方程是4cos ρθ=.以极点为平面直角坐标系的原点，极轴为x 轴的非负半轴，建立平面直角坐标系，直线l的参数方程是1x y ⎧=+⎪⎪⎨⎪=⎪⎩（t 为参数），若直线l 与曲线C 相交于A ，B 两点，则AB =________11．某几何体的三视图如图所示，俯视图是由一个半圆与其直径组成的图形，则此几何体的体积是____12．在平行四边形ABCD 中，2AB =，1AD =，60BAD ∠=︒，E 为CD 的中点，若F 是线段BC 上一动点，则AF FE ⋅u u u v u u u v的取值范围是________ 13．若正实数x ，y ，满足x +2y =5，则x 2−3x+1+2y 2−1y的最大值是__________．14．3个男生和3个女生排成一列，若男生甲与另外两个男同学都不相邻，则不同的排法共有__________种（用数字作答）．15．已知函数21()cos()sin ()262f x x x x ππ=-+--. （1）求()f x 的单调递增区间；（2）若[0]4x π∈，，()6f x =，求cos2x 的值. 16．某单位年会进行抽奖活动，在抽奖箱里装有1张印有“一等奖”的卡片，2张印 有“二等奖”的卡片， 3张印有“新年快乐”的卡片，抽中“一等奖”获奖200元， 抽中“二等奖”获奖100元，抽中“新年快乐”无奖金.（1）单位员工小张参加抽奖活动，每次随机抽取一张卡片，抽取后不放回.假如小张一定要将所有获奖卡片全部抽完才停止. 记A 表示“小张恰好抽奖4次停止活动”，求()P A 的值；（2）若单位员工小王参加抽奖活动，一次随机抽取2张卡片. ①%2记B 表示“小王参加抽奖活动中奖”，求()P B 的值；②设X 表示“小王参加抽奖活动所获奖金数（单位：元）”，求X 的分布列和数学期望.17．在四棱锥P ABCD -中，PD ⊥平面ABCD ，AB DC P ，AB AD ⊥，1DC AD ==，2AB =，45PAD ∠=︒，E 是PA 的中点，F 在线段AB 上，且满足0CF BD ⋅=u u u v u u u v.（1）求证：DE P 平面PBC ；（2）求二面角F PC B --的余弦值；（3）在线段PA 上是否存在点Q ，使得FQ 与平面PFC ，若存在，求出AQ 的长；若不存在，请说明理由. 18．已知数列{}n a 的前n 项和是n S ，且11()2n n S a n N *+=∈.数列{}n b 是公差d 不等于0的等差数列，且满足：1132b a =，2b ，5b ，14b 成等比数列. （1）求数列{}n a 、{}n b 的通项公式；（2）设n n n c a b =⋅，求数列{}n c 的前n 项和n T .19．已知椭圆()222210x y a b a b+=>>的左右焦点分别为1F ，2F ，椭圆的焦距为6，离心率为e .（1）若e =（2）设直线y kx =与椭圆相交于A ，B 两点，M ，N 分别为线段2AF ，2BF 的中点，若坐标原点O 在以MN e <≤，求实数k 的取值范围. 20．已知函数()ln f x x =，21()2g x ax bx =+，0a ≠ （1）若1a =，且()()()h x f x g x =+在其定义域上存在单调递减区间，求实数b 的取值范围；（2）设函数()()()()x xf x m x f m x ϕ=+--，0x m <<，若2()2x m m ϕ≥-恒成立，求实数m 的取值范围；（3）设函数()f x 的图象1C 与函数()g x 的图象2C 交于点P 、Q ，过线段PQ 的中点作x 轴的垂线分别交1C ，2C 于点M 、N ，证明：1C 在点M 处的切线与2C 在点N 处的切线不平行.参考答案1．C 【解析】分析：根据复数的运算法则，求得复数z ，从而确定出实部和虚部的符号，最后求得结果. 详解：根据题意3(3)(1)422122i i i iz i i -+-++--====---，所以z 在平面内对应的点的坐标是(2,1)--，所以在第三象限，故选C.点睛：该题考查了复数的除法运算以及在复平面内对应的点的问题，属于简单题目. 2．C 【解析】分析：该题属于线性规划的问题，首先根据题中所给的约束条件，画出可行域，再判断目标函数在哪个点处取得最小值，代入求得结果.详解：根据题意，能够判断出约束条件所对应的可行域就是三条直线所围成的三角形区域，能够判断出目标函数在(0,1)点处取得最小值，代入求得最小值为033z =-=-，故选C. 点睛：作出不等式组对应的平面区域，利用目标函数的几何意义，进行求解即可得结果. 3．A 【解析】 【分析】根据框图，模拟计算即可得出结果. 【详解】程序执行第一次，0021s =+=，1k =，第二次，1=1+23,2S k ==，第三次，33211,3S k =+==，第四次，11112100,4S k =+>=，跳出循环，输出4k =，故选A. 【点睛】本题主要考查了程序框图，循环结构，属于中档题. 4．B 【解析】 【分析】根据题意求出集合，然后应用集合的关系判断充分必要性即可．【详解】利用绝对值不等式的求法求得{}|05A x x =<<，利用对数式有意义，真数大于零求得{}|02B x x =<<，因为B 是A 的真子集，故“x A ∈”是“x B ∈”的必要不充分条件，故选B ． 【点睛】该题属于绝对值不等式、函数的定义域、集合间关系以及充要条件判断的综合题．若p q ⇒，则p 是q 的充分条件，若q p ⇒，则p 是q 的必要条件． 5．B 【解析】 【分析】先求得c ， 再根据c 的值，利用指数与根式的关系和对数函数单调性转化b ，a ，再比较大小. 【详解】因为()()001111sin cos |cos cos04442c xdx x πππ==-=--=⎰，121552b -==<， 121ln 2ln 2a e =>=，所以a c b >>. 故选：B 【点睛】本题主要考查实数比较大小，还考查了转化求解问题的能力，属于中档题. 6．D 【解析】分析：在ABC ∆中，利用sin sin()A B C =+，结合题中条件，利用和差角公式可求得3sin cos 4B C =，利用正弦定理与二倍角的正弦即可求得结果. 详解：在ABC ∆中，因为3sin()sin 2B C A -+=，所以3sin()sin()2B C B C -++=，所以32sin cos 2B C =，即3sin cos 4B C =，因为AC =，所以b =，所以由正弦定理得sin B C =，3cos 4C C =，即sin 2C =b c =>，所以B C >，所以23C π=，所以6C π=，故选D.点睛：本题主要考查三角函数的计算以及正余弦定理的应用，最后求得sin 2C =一定要抓住题中条件，最后确定出角的大小. 7．D 【解析】分析：求出双曲线的右焦点，即为抛物线的焦点，可得4p =，求出抛物线的准线方程，由抛物线的定义，结合三角形的有关知识求得结果.详解：双曲线2213x y -=的右焦点为(2,0)，抛物线2:2(0)C y px p =>的焦点为(,0)2p ，则22p=，解得4p =，则抛物线方程为28y x =，准线方程为2x =-，由点N 向抛物线的准线作垂线，垂足为R ，则由抛物线的定义，可得NR NF ==，从而可以得到60NMR ∠=︒，从而得到30NMF ∠=︒，所以有点F 到直线MN 的距离为4sin302d =︒=，故选D.点睛：解决该题的关键是要把握抛物线的定义，将相关量放到一个三角形中去解决即可. 8．B 【解析】 【分析】 【详解】该题属于已知函数零点个数求参数范围的问题，解决该题的思路是转化为方程解的个数来完成，需要明确函数图象的走向，找出函数的极值，从而结合图象完成任务.详解：(())10f f x a --=，即(())1f f x a -=，结合函数解析式，可以求得方程()1f x =的根为2x =-或0x =，从而得到()2f x a -=-和()0f x a -=一共有三个根，即(),()2f x a f x a ==-共有三个根，当0x ≥时，()11x xf x e=+>，21'()x x xx e xe xf x e e--==，从而可以确定函数()f x 在(,1)-∞-上是减函数，在(1,1)-上是增函数，在(1,)+∞上是减函数，且1(1)0,(1)1f f e-==+，此时两个值的差距小于2，所以该题等价于20111a a e -<⎧⎪⎨<<+⎪⎩或2011a a e -=⎧⎪⎨=+⎪⎩或2001a a -=⎧⎨<≤⎩或02111a a e <-≤⎧⎪⎨>+⎪⎩或12111a ea e ⎧-=+⎪⎪⎨⎪>+⎪⎩，解得111a e <<+或23a <≤或13a e=+，所以所求a 的范围是11(1,1)(2,3]3e e ⎧⎫++⎨⎬⎩⎭U U ，故选B.点睛：解决该题的关键是明确函数图象的走向，利用数形结合，对参数进行分类讨论，最后求得结果，利用导数研究函数的单调性显得尤为重要. 9．-5 【解析】分析：先求得二项展开式的通项公式，再令x 的幂指数等于7，求得r 的值，即可求得含7x 项的系数值.详解：二项式251()x x-的展开式的通项公式为251031551()()(1)r rr r r r r T C x C x x--+=-=-，令1037r -=，解得1r =，可得展开式中含7x 项的系数是155C -=-，故答案是-5.点睛：根据所给的二项式，利用二项展开式的通项公式写出第r+1项，整理成最简形式，令x 的指数为7求得r ，再代入系数求出结果，所以解决该题的关键就是通项公式. 10【解析】分析：该题属于直线被圆截得的弦长问题，先将极坐标方程化为直角坐标方程，将参数方程化为普通方程，求出圆心到直线的距离，之后应用圆中的特殊三角形勾股定理求得结果. 详解：由题意可知曲线C 的直角坐标方程是2240x y x +-=，曲线是以(2,0)为圆心，以2为半径的圆，直线l 的普通方程是10x y --=，所以圆心到直线的距离d ==，所以AB ==.点睛：该题也可以将直线的参数方程代入曲线方程中，整理，求得两根，利用直线参数方程中参数的几何意义，求得两根差的绝对值，即为结果. 11．103π 【解析】分析：根据三视图可知几何体是组合体：上面是半个圆锥，下面是半个圆柱，并求出底面圆的半径以及几何体的高，由椎体、柱体的体积公式求出此几何体的体积.详解：根据三视图可知几何体是组合体：上面是半个圆锥、下面是半个圆柱，且圆锥的底面圆的半径2r =、高是2，圆柱的底面圆的半径2r =、高是1，所以此几何体的体积是1111042412323V πππ=⨯⨯⨯+⨯⨯=，故答案是103π. 点睛：该题属于已知几何体的三视图，还原几何体，求其体积的问题，在解题的过程中，还原几何体以及找出对应的量是最关键的，之后应用体积公式求解即可. 12．5[1]2，-- 【解析】分析：设(01)BF BC λλ=≤≤u u u v u u u v ，用,AB AD u u u r u u u r 表示出题中所涉及的向量，得出AF FE ⋅u u u v u u u v关于λ的函数，根据λ的范围，结合二次函数的性质求得结果.详解：根据题意，设(01)BF BC λλ=≤≤u u u v u u u v ，则()()AF FE AB BF FC CE ⋅=+⋅+u u u v u u u v u u u v u u u v u u u u v u u u v1()[(1)]2AB AD AD AB λλ=+⋅--u u u v u u u v u u u v u u u v2211(1)(1)22AB AD AD AB AB ADλλλλ=-⋅+---⋅u u u v u u u v u u u v u u u v u u u v u u u v2212122λλλλλλ=-+---=---213()24λ=-+-，结合二次函数的性质，可知当1λ=时取得最小值52-，当0λ=时取得最大值1-，故答案是5[,1]2--.点睛：该题是有关向量的数量积的范围问题，在解题的过程中，需要提炼题的条件，将其转化为已知向量的数量积的问题，之后应用公式，求得关于λ的函数关系，之后转化为二次函数在某个闭区间上的值域问题来求解. 13．83 【解析】 【分析】【详解】分析：将题中的式子进行整理，将x +1当做一个整体，之后应用已知两个正数的整式形式和为定值，求分式形式和的最值的问题的求解方法，即可求得结果. 详解：x 2−3x+1+2y 2−1y=(x+1)2−2(x+1)−2x+1+2y −1y =x +1−2+2y −(2x+1+1y )=x +2y −1−16(2x+1+1y)(x +1+2y)=4−16(2+2+4y x+1+x+1y)≤4−16(4+2√4)=83，当且仅当2y =x +1=3等号成立，故答案是83.点睛：该题属于应用基本不等式求最值的问题，解决该题的关键是需要对式子进行化简，转化，利用整体思维，最后注意此类问题的求解方法-------相乘，即可得结果. 14．288 【解析】分析：根据题意，需要分清一共有多少种情况，对于男生甲可以和乙相邻，可以和丙相邻，这里边对于甲与乙和丙同时相邻的就算了两次，所以该题用间接法来求，在进行减法运算时，注意将多减的需要再加上即可.详解：将6名同学排成一列，不同的排法种数由有66720A =种，不妨称另外两名男同学为乙和丙，若男同学甲与男同学乙相邻，不同的排法种数是2525240A A =种，同理可知男同学甲与男同学丙相邻，不同的排法种数是2525240A A =种，若男同学甲与乙和丙都相邻，不同的排法种数是242448A A =种，所以满足条件的不同的排法种数是72024024048288--+=种，故答案是288.点睛：该题属于排列的综合问题，关于相邻问题捆绑法，不邻问题插空法，该题也可以从不相邻入手用加法运算做，即方法是不唯一的，但是都需要将情况讨论全.15．（1）[]63k k ππππ-+，，k Z ∈；（2 【解析】分析：第一问需要应用诱导公式、倍角公式以及辅助角公式化简函数解析式，之后结合正弦函数的单调区间求解即可，第二问利用题中的条件，求得sin 263x π⎛⎫-= ⎪⎝⎭，根据题中所给的自变量的取值范围，求得整体角26x π-的范围，利用平方关系，结合角的范围，求得cos 26x π⎛⎫-=⎪⎝⎭. 详解：（1）()21cos sin 262f x x x x ππ⎛⎫⎛⎫=-+-- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭1cos 213cos 22x x x π⎛⎫-- ⎪⎝⎭=+-1cos 223x x π⎛⎫=-- ⎪⎝⎭11cos22222x x x ⎛⎫=-+ ⎪ ⎪⎝⎭1cos244x x =- 1sin 226x π⎛⎫=- ⎪⎝⎭令222262k x k πππππ-≤-≤+，222233k x k ππππ-≤≤+， 63k x k ππππ-≤≤+所以，()f x 的单调递增区间为63k k ππππ⎡⎤-+⎢⎥⎣⎦，，k Z ∈.（2）()1sin 2266f x x π⎛⎫=-=⎪⎝⎭sin 263x π⎛⎫-= ⎪⎝⎭， ∵04x ，π⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦∴2663x πππ-≤-≤∴cos 263x π⎛⎫-= ⎪⎝⎭ ∴cos2cos 266x x ππ⎡⎤⎛⎫=-+ ⎪⎢⎥⎝⎭⎣⎦1cos 2sin 2662x x ππ⎛⎫⎛⎫=---⨯ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭12=-=. 点睛：该题属于三角函数的问题，在解题的过程中，需要利用诱导公式、倍角公式和辅助角公式化简函数解析式，之后应用正弦型函数的解决思路解题，在第二问求cos2x 值的时候需要结合题中的条件，对角进行配凑，利用和角公式求解. 16．（1）320；（2）见解析 【解析】分析：第一问可以看做是前三次中有一次是无奖金的，第四次肯定是有奖金的排序问题，而总体结果是随意排的，从而应用排列数求得对应的概率，第二问将问题用反面思维，求出不中奖的概率，用减法运算求得结果，后边问题分析出X 的所有可能的取值，并求得相应的概率值，列出分布列，利用公式求得期望.详解：（1）()11333346320C C A P A A ⋅⋅== （2）①()2326415C P B C =-=②由题意可知X 可取的值为0，100，200，300，则()2326105C P X C ===；()11232621005C C P X C ===()212326420015C C P X C +===；()1226230015C P X C === 因此X 的分布列为X 的数学期望是()124240001002003005515153E X =⨯+⨯+⨯+⨯=点睛：解决该题的关键是 第一问可以应用排列数来解决，分析出对应的满足条件的排列，从而求得结果，第二问注意反面思维的运用，以及分布列的求法，最后应用离散型随机变量的期望公式求得结果. 17．（1）见解析；（2（3）10【解析】分析：该题是立体几何的有关问题，第一问在证明线面平行时，可以利用常规方法，用线面平行的判定定理来证明，也可以应用空间向量来证明，用直线的方向向量与平面的法向量是垂直的即可，第二问求二面角的余弦值，用两个平面的法向量所成角的余弦值来求得，第三问假设其存在，设出点的坐标，建立等量关系式从而求得结果，做好取舍即可.详解：（1）证明：取PB 的中点M ，AB 的中点N ，连接EM 和CM ，∴CD AB P 且12CD AB =， ∴E ，M 分别为PA ，PB 的中点.EM AB P 且12EM AB =∴EM CD P 且EM CD =，四边形CDEM 为平行四边形， ∴DE CM P ，CM ⊂平面PBC ，DE ⊄平面PBC ， ∴DE P 平面BPC .（1）由题意可得DA ，DC ，DP 两两互相垂直，如果，以D 为原点，DA ，DC ，DP 分别是x ，y ，z 轴建立空间直角坐标系D xyz -，则()100A ，，，()120B ，，，()010C ，，，()001P ，，，11022E ⎛⎫ ⎪⎝⎭，，设平面PBC 的法向量为()m x y z =v，， ()110BC =--u u u v ，，，()011CP =-u u u v，，00m BC x y m CP y z u u u v v u u uv v ⎧⋅=--=⎨⋅=-+=⎩∴x y y z =-⎧⎨=⎩，令1y =∴()111m =-v，， 又11022DE ⎛⎫= ⎪⎝⎭u u u v ，，，∴0m DE ⋅=u u u v v ，∴DE m ⊥u u u v vDE ⊄平面PBC∴DE P 平面PBC（2）设点F 坐标为()10t ，，则()110CF t =-u u u v ，，，()120DB =u u u v，，， 由0CF DB ⋅=u u u v u u u v 得12t =，∴1102F ⎛⎫⎪⎝⎭，， 设平面FPC 的法向量为()n x y z v，，=，1102CF ⎛⎫=- ⎪⎝⎭u u u v ，， 由00n PC n FC ⎧⋅=⎨⋅=⎩u u u v v u u u v v 得0102y z x y -+=⎧⎪⎨-=⎪⎩即2y z y x =⎧⎨=⎩令1x =∴()122n v，，= 1223m n ⋅=-++=v v则cos n m n m n m ⋅===⋅v v v vv v ，又由图可知，该二面角为锐角 故二面角F PC D --（3）设()0AQ AP λλλ==-u u u v ，，，[]01，λ∈，∴FQ FA AQ =+u u u v u u u v u u u v 12，，λλ⎛⎫=-- ⎪⎝⎭ ∴1n FQ λ⋅=-u u uv v∴cos FQ n ==u u u v v，∵FQ与平面PFC=，整理得： 220810λλ+-=，解得：110λ=，12λ=-（舍）∴存在满足条件的点Q ，1101010AQ ⎛⎫=- ⎪⎝⎭u u u v ，，，且AQ = 点睛：在解决立体几何问题时，尤其空间关系的时候，可以有两种方法，一是常规法，二是空间向量法，在应用面的法向量所成角来求二面角的时候，一定需要分清楚是其补角还是其本身，在涉及到是否存在类问题时，都是先假设存在，最后求出来就是有，推出矛盾就是没有.18．（1）12()3nn a =；（2）2223nn +- 【解析】分析：第一问利用题中的条件，类比着写出1111(2)2n n S a n --+=≥，两式相减求得相邻两项的关系，从而确定出数列{}n a 是等比数列，再令1n =求得首项，利用等比数列的通项公式求得结果，对于{}n b ，利用题中条件求得首项，建立关于公差的等量关系式，从而求得结果，第二问涉及到等差数列和等比数列对应项积构成新数列的求和方法--------错位相减法. 详解：（1）1n =时，11112a a +=，123a = 2n ≥时，11112112n n n n S a S a--⎧=-⎪⎪⎨⎪=-⎪⎩，()1112n n n n S S a a ---=-，∴113n n a a -=（2n ≥） {}n a 是以23为首项，13为公比的等比数列，12112333n nn a -⎛⎫⎛⎫=⨯= ⎪⎪⎝⎭⎝⎭11b =又25214b b b =得：()()()2141113d d d +=++，220d d -=，因为0d ≠解得2d =，21n b n =-（2）423n nn c -=232610423333n n n T -=++++L2341126104642333333n n n n n T +--=+++++L 23122111424333333n n n n T +-⎛⎫=++++- ⎪⎝⎭L 11112242934133313n n n n T ++--=+⨯--1242423333n n n n T +-=-- 2223n n n T +=-点睛：该题考查的是有关数列的通项公式以及求和问题，在求解的过程中，要明确递推公式的利用，要铭记等差数列和等比数列的通项公式的求法，第二问应用错位相减法求和，在求和的过程中，一定要明确整理之后的括号里的只有1n -项.19．（1）221123x y +=；（2）,,44⎛⎫-∞-+∞ ⎪⎝⎦⎣⎭U 【解析】 【分析】（1）椭圆的焦距为6，得到c，再根据离心率为c a =a 即可.(Ⅱ）由22221x y a b y kx ⎧+=⎪⎨⎪=⎩，得()2222220b a k x a b +-=，根据原点O 在以MN 为直径的圆上，得到OM ON ⊥u u u u r u u u r，则12123302222x x y y OM ON ++⋅=⋅+⋅=u u u u r u u u r ，将韦达定理代入上式，可整理得到4222424218818111818a a k a a a a -+==---+-，再由2e <≤，得到a 的范围，用二次函数的性质求解. 【详解】（1）由题意得3c =，c a =a =又因为222abc =+，∴23b =.所以椭圆的方程为221123x y +=.(Ⅱ）由22221x y a b y kx ⎧+=⎪⎨⎪=⎩，得()2222220b a k x a b +-=.设()11,A x y ，()22,B x y .所以120x x +=，2212222a b x x b a k-=+， 依题意，OM ON ⊥，113,22x y OM +⎛⎫= ⎪⎝⎭u u u u r ，223,22x y ON +⎛⎫= ⎪⎝⎭u u u r ，12123302222x x y yOM ON ++⋅=⋅+⋅=u u u u r u u u r ，∴()()()()212121212331390x x y y k x xx x ++=+++++=.即()()()22222291909a a k a k a --++=+-，所以4222424218818111818a a k a a a a-+==---+-.e <≤，所以a ≤<21218a ≤<. 所以218k ≥，∴,k ⎛⎫∈-∞⋃+∞ ⎪ ⎪⎝⎦⎣⎭. 【点睛】本题主要考查椭圆方程的求法以及直线与椭圆的位置关系，还考查了运算求解的能力，属于中档题.20．（1）2b <-；（2）2m ≥；（3）见解析 【解析】分析：第一问将1a =代入，求得()h x 的解析式，函数在定义域上存在单调递减区间，等价于导数'()0h x <有正解，结合二次函数图像求得结果，第二问恒成立转化为求函数最值来处理，第三问假设存在，最后推出矛盾，从而得结果. 详解：（1）1a =，()21ln 2h x x x bx =++ 则()211x bx h x x b x x++=++='因为函数()h x 存在单调递减区间，所以()0h x '<有正解.法1：因21y x bx =++为开口向上的抛物线且过点()01，∴20240b x b ⎧=->⎪⎨⎪∆=->⎩，∴204b b <⎧⎨>⎩，∴2b <- 法2：()10h x x b x =++<'有正解，∴min12b x x ⎛⎫->+= ⎪⎝⎭，∴2b <- （2）()()()ln ln x x x m x m x ϕ=+--∴()()()''(ln )[ln ]x x x m x m x ϕ=+-- ()ln ln x m x =--.令()0x ϕ=，2m x =，于是02m ϕ⎛⎫= ⎪⎭'⎝ 当02m x <<时，()0x ϕ'<，()x ϕ在区间02m ，⎛⎫⎪⎝⎭是减函数， 当2m x m <<时，()0x ϕ'>，()x ϕ在区间2m m ⎛⎫⎪⎝⎭，是增函数. 所以()x ϕ在2m x =时取得最小值，ln 22m m m ϕ⎛⎫= ⎪⎝⎭，因为()22x m m ϕ≥-恒成立，所以2ln 22mm m m ≥-， 因0m >，∴ln 22m m ≥-，∴ln 202mm +-≥， 令()ln22mF m m =+-，易知()F m 关于m 在()0+∞，上单调递增，又()0F m ≥()2F =，∴2m ≥.（3）证法一.设点P 、Q 的坐标分别是()11x y ，，()22x y ，，不妨设120x x <<. 则点M 、N 的横坐标为122x x x +=， 1C 在点M 处的切线斜率为12112212x x x k xx x +===+2C 在点N 处的切线斜率为()1212222x x x a x x k ax bb +=+=+=+.假设1C 在点M 处的切线与2C 在点N 处的切线平行，则12k k =.即()121222a x x b x x +=++，则 ()()()212221211222x x a x x b x x x x -=-+-+ 22221122a a x bx x bx ⎛⎫⎛⎫=+-+ ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭2121ln ln y y x x =-=-所以21221121ln 1x x x x x x ⎛⎫- ⎪⎝⎭=+.设21x t x =，则()21ln 1t t t -=+，1t >.① 令()()21ln 1t r t t t-=-+，1t >.则()()()()22211411t r t t t t t -=-=+'+.因为1t >时，()0r t '>，所以()r t 在()1+∞，上单调递增，故()()10r t r >=. 则()21ln 1t t t->+.这与①矛盾，假设不成立.故1C 在点M 处的切线与2C 在点N 处的切线不平行. 证法二：同证法一得()()()212121ln ln 2x x x x x x +-=-.因为10x >，所以2221111ln 21x x x x x x ⎛⎫⎛⎫+=- ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭. 令21x t x =，得()()1ln 21t t t +=-，1t >.②令()()()1ln 21r t t t t =+--，1t >，则()1ln 1r t t t+'=-.因为'221111(ln )t t t t t t -+=-=，所以1t >时，'1(ln )0t t +>. 故1ln y t t =+在()1+∞，上单调递增，从而1ln 10t t+->，即()0r t '>. 于是()r t 在()1+∞，上单调递增. 故()()10r t r >=，即()()1ln 21t t t +>-.这与②矛盾，假设不成立. 故点1C 在点M 处的切线与2C 在点N 处的切线不平行.点睛：该题是导数的综合题，利用导数研究函数图像的走向，确定函数的单调性、函数的最值等等，有关恒成立问题注意向最值转化，还有解决问题的思路是不唯一的，所以要求学生对题的条件有效挖掘.。
2018年天津市滨海新区七所重点学校高三毕业班联考答案
2018年天津市滨海新区七所重点学校高三毕业班联考化学试卷答案第Ⅱ卷（非选择题，共64分）二、非选择题：19、（共14分）(1) 33（1分）（1分）（2）a c （2分）(3)H 3AsO 4H ++H 2AsO 4- （2分）(4)CaSO 4 （2分）(5) 沉淀过量的S 2-，使As 2O 3(a)+3S 2-(aq)2AsS 32-(aq) 平衡左移，提高沉砷效果。
（2分）（前后各1分）H 3AsO 3+H 2O 2=H 3AsO 4+H 2O （2分） （6）4FeS 2＋15O 2＋14H 2O 4Fe(OH)3 ＋8SO 42−＋16H +（2分）20、（共17分）（1）（1分）羧基、羟基、硝基（3分） （2）Fe(或氯化铁或催化剂)（1分）；取代反应或硝化反应（1分） （3）AD （2分）（选对一个给1分，多选错选不给分） （4）（5） 或（2分）—CH 3+3NaOHO－O －C －CH 3 ═COOHONa+CH 3COONa+2H 2O （2分）COONa—CH 3COOHH 3C — COOH —CH 3H 3C —（6）（2分）（7）（每步条件和产物1分，共3分，顺序颠倒不给分）(氧化写成酸性高锰酸钾也对) 21、(共18分)（1）d ，c （各1分，共2分）（2）长颈漏斗（1分）；生石灰或碱石灰或氢氧化钠（1分）；（写化学式不给分饱和碳酸氢钠溶液或饱和NaHCO 3溶液（1分）（写硫酸的不扣分）； 湿润的红色石蕊试纸变蓝（1分）(合理均给分）； （3）Ⅱ（1分）；（4）取少量固体放入试管中，加热，固体大部分消失，在试管口内壁又有较多的固体凝结。
（2分）（答出受热分解固体消失或减少就给分） （5）CO 2在水中存在平衡：CO 2+H 2OH 2CO 3HCO3+H +，有H 2SO 4存在时，可使上述平衡向左移动，从而减少CO 2在水中的溶解（1分）（6）c(HCO 3-)>c(H 2CO 3)>c(CO 32-) （2分）（若排入其他离子正确即给分） （7）①2H 2O-4e -=O 2↑+4H + , C(H +)增大，与溶液中CO 32-结合生成HCO 3-(2分) ②84(cV 2-cV 1)/1000W （2分）偏小（2分） 22、 (共15分）Ⅰ.（1）0.2mol/（L ▪min ）; （1分） 1.25 （1分）（2） cd （2分）（选对一个给1分，多选错选不给分） （3）2NO(g) ＋O 2(g)2NO 2(g) ΔH = －115 kJ·mol －1，温度升高，平衡向逆反应方向移动，NO 转化为NO 2的平衡转化率降低（2分热化学方程式1分，解释分析1分，写ΔH<0的不扣分,ΔH 算错的扣1分）Ⅱ.（4）SO 2、NO x (1分）（漏写不给分）（5）①4NO+3ClO 2－+2H 2O=4NO 3－+3Cl －+4H+(2分）提高(1分）②SO 2的初始浓度大于NO(合理均给分）(1分）（6）①NO+5e -+6H +=NH 4++H 2O (2分） ②5:2(2分）—CH 3NO 23NO 2NH 2。
2018年天津市十二区县重点学校高三毕业班联考物理含答案
2018年天津市十二区县重点学校高三毕业班联考（一）理科综合能力测试物理部分理科综合能力测试分为物理、化学、生物三部分，共300分，考试用时150分钟。
本部分为物理试卷，本试卷分第I 卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分，共120分。
第Ⅰ卷1至3页，第Ⅱ卷3至6页。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号涂写在答题卡上。
答卷时，考生务必将卷Ⅰ答案涂写在答题卡上，卷II 答在答题纸上，答在试卷上的无效。
第Ⅰ卷注意事项：1．每小题选出答案后，把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
2．本卷共8题，每题6分，共48分。
一、选择题（每小题6分，共30分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的） 1．我国自主研制的首艘货运飞船“天舟一号”发射升空后，与已经在轨运行的“天宫二号”成功对接形成“组合体”。
对接后的“组合体”仍在“天宫二号”的轨道上运行。
“组合体”和“天宫二号”运动的轨道均可视为圆轨道，“组合体”和“天宫二号”相比，“组合体”运行的A ．周期变小B ．角速度变大C ．动能变大D ．向心加速度变小2．每年夏季，我国多地会出现日晕现象。
日晕是当日光通过卷层云时，受到冰晶的折射或反射形成的。
图甲所示为一束太阳光射到六角形冰晶时的光路图，a 、b 为其折射出的光线中的两种单色光。
下列说法正确的是A. 在冰晶中，b 光的传播速度小B. 通过同一装置发生双缝干涉，b 光的相邻条纹间距大C. 从同种玻璃射入空气发生全反射时，a 光的临界角小D. 照射同一光电管时，a 光使其逸出的光电子最大初动能大图甲3．滑雪是一种常见的体育项目，具有很强的观赏性。
半径为R 的四分之一圆弧轨道如图所示，质量为m 的运动员（含滑板）从A 点由静止开始滑下，到达最低点B 时，运动员对轨道的压力为2m g ，已知轨道半径远大于运动员的身高，重力加速度为g ，运动员下滑的过程中A ．机械能守恒B ．先失重后超重C ．重力的功率一直变大D ．阻力做功为12m g R4．如图所示，在电场中有一条竖直向下电场线，带负电的小球在重力和电场力作用下，从A 点运动到B 点。
天津市部分区2017年高三质量调查试卷(一)物理
天津市部分区2017年高三质量调查试卷（一）理科综合物理部分试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分，共120分。
答卷前，考生务必将自己的姓名、准考号填写在答题卡上，并在规定位置粘贴考试用条形码。
答卷时，考生务必将答案涂写在答题卡上，答在试卷上的无效。
考试结束后，将本试卷和答题卡一并交回。
祝各位考生考试顺利！第Ⅰ卷注意事项：1．每题选出答案后，用铅笔将答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改正，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
2．本题共8题，每题6分，共48分。
一、单项选择题（每小题6分，共30分。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的）1．发生光电效应时，关于光电子的最大初动能E k，下列说法正确的是A．对于同种金属，E k与照射光的强度无关B．对于同种金属，E k与照射光的波长成反比C．对于同种金属，E k与光照射的时间成正比D．对于同种金属，E k与照射光的频率成正比出而且光线重合，其光路如图所示，下列说法正确的是A．单色光1的波长大于单色光2的波长B．在玻璃中单色光1的传播速度大于单色光2的传播速度C．单色光1垂直通过玻璃板所需的时间大于单色光2垂直通过玻璃板所需的时间D．单色光1从玻璃到空气的全反射临界角大于单色光2从玻璃到空气的全反射临界角3．已投产运行的1 000 kV特高压输电项目，是目前世界上输电电压最高的输电工程．假设甲、乙两地原来用500 kV的超高压输电，在保持输送电功率和输电线电阻都不变的条件下，现改用1 000 kV特高压输电，不考虑其他因素的影响．则A ．输电电流变为原来的2倍B ．输电线上损失的电压将变为原来的2倍C ．输电线上损失的电压将变为原来的12D ．输电线上损失的电功率将变为原来的124．如图所示的电路中，R 是压敏电阻，其阻值随所受压力F 的增大而减小．闭合开关S后，在缓慢增大F 的过程中，下列判断正确的是 A ．灯泡L 1亮度将变小 B ．灯泡L 2亮度将变大 C ．电源的输出功率一定减小 D ．电容器C 所带电荷量将增大5．如图甲为一列简谐横波在t ＝0.10 s 时刻的波形图，P 是平衡位置为x ＝1 m 处的质点，Q 是平衡位置为x ＝4 m 处的质点，图乙为质点Q 的振动图象，则A ．t ＝0.15 s 时，质点Q 的加速度达到负向最大B ．t ＝0.15 s 时，质点P 的运动方向沿y 轴负方向C ．从t ＝0.10 s 到t ＝0.25 s ，该波沿x 轴正方向传播了6 mD ．从t ＝0.10 s 到t ＝0.25 s ，质点P 通过的路程为30 cm二、不定项选择（每小题6分，共18分；每小题给出的四个选项中，都有多个选项是正确的；全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或者不答的得0分） 6．引力波的发现使爱因斯坦的预言成真．早在上世纪70年代就有科学家发现高速转动的双星，可能由于辐射引力波而使周期在缓慢减小，则该双星 A ．距离逐渐增大 B ．距离逐渐减小 C ．线速度逐渐增大 D ．向心加速度逐渐减小7．如图，匀强电场平行于以O 为圆心的圆所在的平面，ac 、bd 为两条互相垂直的直径，圆的半径为10 cm 。
天津市滨海新区2017-2018学年高考物理模拟试卷 Word版含解析
天津市滨海新区2017-2018学年高考物理模拟试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出四个选项中，只有一个选项是正确的）1．氢原子从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出a光，从n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射出b光．下列关于这两种光的说法正确的是( )A．因为电磁波传播速度仅由介质决定，所以a、b光在同种介质中的传播速度大小相同B．a、b光以相同的入射角从水射入空气，在增大入射角的过程中折射光a先消失C．若a光不能使某金属发生光电效应，则b光一定不能使该金属发生光电效应D．用同一双缝干涉装置进行实验，得到的相邻干涉条纹的间距，a光的比b光的大2．甲、乙、丙三图中物体的质量相同，弹簧秤、绳和滑轮的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计．在图甲、乙、丙中，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则( )A．F3＞F1=F2B．F3=F1＞F2C．F1=F2=F3D．F1＞F2=F33．如图所示，长木板静止在光滑的水平面上，长木板的左端固定一个档板，档板上固定一个长度为L的轻质弹簧，长木板与档板的总质量为M，在木板的右端有一质量为m的铁块．现给铁块一个水平向左的初速度v0，铁块向左滑行并与轻弹簧相碰，碰后返回恰好停在长木板的右端．根据以上条件可以求出的物理量是( )A．铁块与轻弹簧相碰过程中所具有的最大弹性势能B．弹簧被压缩的最大长度C．长木板运动速度的最大值D．铁块与长木板间的动摩擦因数4．如图所示，一航天器围绕地球沿椭圆形轨道运动，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上，A、B两点分别是航天器运行轨道上的近地点和远地点．若航天器所受阻力可以忽略不计，则该航天器( )A．由近地点A运动到远地点B的过程中动能增大B．由近地点A运动到远地点B的过程中万有引力做正功C．在近地点A的加速度小于它在远地点B的加速度D．运动到A点时其速度如果能增加到第二宇宙速度，那么它将不再围绕地球运行5．某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围成的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B 的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是( )A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最小B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωtC．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电+q的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是( )A．小球经过环的最低点时速度最大B．小球在运动过程中机械能守恒C．小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg+qE）D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+qE）7．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系，和物体速度v与时间t的关系如图所示，取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得( )A．物块的质量m=0.5 kg，物块与地面之间的动摩擦因数μ=0.4B．前2 s内拉力F做的功为2 JC．2～4 s物体克服摩擦力做的功为8 JD．4～6 s合外力做的功为16 J8．一列简谐横波沿x轴正方向传播，传播速度为l0m/s．当波传到x=5m处的质点P时，波形如图所示．则以下判断正确的是( )A．这列波的周期为0.5sB．再经过0.4s，质点P第一次回到平衡位置C．再经过0.7s，x=9m处的质点Q到达波峰处D．质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波谷处三、填空实验题：9．写出两个质子（H）与两个中子（n）聚变生成一个氦核（He）的核反应方程式__________．若质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量为__________．10．如图，为测量做匀加速直线运动的物块的加速度，将宽度均为d的挡光片固定在物块上，测得二光电门之间距离为s．①当滑块匀加速运动时，测得挡光片先后经过两个光电门的时间为△t1和△t2，则小车的加速度a=__________；②（多选）为减小实验误差，可采取的方法是__________A．增大两挡光片宽度d B．适当减小两挡光片宽度dC．增大两光电门之间的距离s D．减小两光电门之间的距离s．11．为了测量某电池的电动势E（约为3V）和内阻r，选用的器材如下：A．电流表G1（量程为2mA，内电阻为100Ω）B．电流表G2（量程为1mA，内电阻为200Ω）C．电阻箱R1（0～99.99Ω）D．电阻箱R2（0～9999Ω）E．滑动变阻器R3（0～100Ω允许最大电流1A）F．待测电池G．开关一个、导线若干（1）某同学利用上述器材，采用图甲的电路测量该电池的电动势和内阻，请按照图甲将图乙所示的实物图连线；（2）图甲中利用电阻箱R1将电流表G1改装成了量程为0.5A的电流表，利用电阻箱R2将将电流表G2装成了量程为3V的电压表，则电阻箱R2的阻值调到__________Ω；（3）以G2示数I2为纵坐标，G1示数I1为横坐标，作出I2﹣I1图象如图丙所示，结合图象可得出电源的电动势为__________V，电源的内阻为__________Ω；（结果均保留两位有效数字）四、解答题（共3小题，满分54分）12．（16分）如图，LMN是竖直平面内固定的光滑绝缘轨道，MN水平且足够长，LM下端与MN 相切．质量为m的带正电小球B静止在水平轨道上，质量为2m的带正电小球A从LM上距水平轨道高为h处由静止释放，在A球进入水平轨道之前，由于A、B两球相距较远，相互作用力可认为是零，A球进入水平轨道后，A、B两球间相互作用视为静电作用．带电小球均可视为质点．已知A、B两球始终没有接触．重力加速度为g．求：（1）A、B两球相距最近时，A球的速度v；（2）A、B两球最终的速度v A、v B的大小．13．（18分）如图所示，有一区域足够大的匀强磁场，磁感应强度为B，磁场方向与水平放置的导轨垂直．导轨宽度为L，右端接有电阻R，MN是一根质量为m的金属棒，金属棒与导轨垂直放置，且接触良好，金属棒与导轨电阻均不计．金属棒与导轨间的动摩擦因数为μ，现给金属棒一水平冲量，使它以初速度v0沿导轨向左运动．已知金属棒在整个运动过程中，通过任一截面的总电荷量为q．求：（1）金属棒运动的位移s；（2）金属棒运动过程中回路产生的焦耳热Q；（3）金属棒运动的时间t．14．如图所示，一个带正电的粒子沿磁场边界从A点射入左侧磁场，粒子质量为m、电荷量为q，其中区域Ⅰ、Ⅲ内是垂直纸面向外的匀强磁场，左边区域足够大，右边区域宽度为1.3d，磁感应强度大小均为B，区域Ⅱ是两磁场间的无场区，两条竖直虚线是其边界线，宽度为d；粒子从左边界线A点射入磁场后，经过Ⅰ、Ⅱ、Ⅲ区域后能回到A点，若粒子在左侧磁场中的半径为d，整个装置在真空中，不计粒子的重力．（1）求：粒子从A点射出到回到A点经历的时间t（2）若在区域Ⅱ内加一水平向右的匀强电场，粒子仍能回到A点，求：电场强度E．天津市滨海新区2015届高考物理模拟试卷一、单项选择题（每小题6分，共30分．每小题给出四个选项中，只有一个选项是正确的）1．氢原子从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出a光，从n=4的能级跃迁到n=2的能级时辐射出b光．下列关于这两种光的说法正确的是( )A．因为电磁波传播速度仅由介质决定，所以a、b光在同种介质中的传播速度大小相同B．a、b光以相同的入射角从水射入空气，在增大入射角的过程中折射光a先消失C．若a光不能使某金属发生光电效应，则b光一定不能使该金属发生光电效应D．用同一双缝干涉装置进行实验，得到的相邻干涉条纹的间距，a光的比b光的大考点：氢原子的能级公式和跃迁；光电效应．专题：原子的能级结构专题．分析：能级间跃迁辐射的光子能量等于两能级间的能级差，根据能级差的大小比较光子能量的大小，光子能量越大，频率越大，折射率越大，在介质中的速度越小．频率越大，波长越小，根据双缝干涉条纹的间距公式比较条纹间距的大小．解答：解：A、从n=3的能级跃迁到n=2的能级时辐射出的光子能量小于从n=4能级跃迁到n=2的能级时辐射出的光子能量，即a光子能量小于b的光子能量，a的光子能量小，频率小，折射率小，根据v=知，在介质中的传播速度大．故A错误．B、当a、b光以相同的入射角从水射入空气，因a的折射率小，则临界角大，若在增大入射角的过程中折射光b先消失．故B错误．C、b光的频率大，若a光不能使某金属发生光电效应，则b光有可能使该金属发生光电效应．故C错误．D、a光的频率小，则波长长，根据△x=λ知，a光照射双缝得到相邻亮条纹的间距比用b光照射双缝得到的相邻亮条纹的间距大．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键通过能级跃迁比较出光子频率的大小，知道光电效应的条件，以及知道频率、折射率、波长等物理量的大小联系．2．甲、乙、丙三图中物体的质量相同，弹簧秤、绳和滑轮的质量均不计，绳与滑轮间的摩擦力不计．在图甲、乙、丙中，弹簧秤的读数分别是F1、F2、F3，则( )A．F3＞F1=F2B．F3=F1＞F2C．F1=F2=F3D．F1＞F2=F3考点：共点力平衡的条件及其应用；物体的弹性和弹力．专题：共点力作用下物体平衡专题．分析：弹簧称的读数等于弹簧受到的拉力．甲图、乙图分别以物体为研究对象由平衡条件求解．丙图以动滑轮为研究对象分析受力情况，根据平衡条件求解．解答：解：甲图：物体静止，弹簧的拉力F1=mg；乙图：对物体为研究对象，作出力图如图．由平衡条件得：F2=Gsin60°=mg=0.866mg丙图：以动滑轮为研究对象，受力如图．由几何知识得F3=mg．故：F3=F1＞F2故选：B点评：本题是简单的力平衡问题，关键是分析物体的受力情况，作出力图．对于丙图，是平衡中的特例，结果要记忆3．如图所示，长木板静止在光滑的水平面上，长木板的左端固定一个档板，档板上固定一个长度为L的轻质弹簧，长木板与档板的总质量为M，在木板的右端有一质量为m的铁块．现给铁块一个水平向左的初速度v0，铁块向左滑行并与轻弹簧相碰，碰后返回恰好停在长木板的右端．根据以上条件可以求出的物理量是( )A．铁块与轻弹簧相碰过程中所具有的最大弹性势能B．弹簧被压缩的最大长度C．长木板运动速度的最大值D．铁块与长木板间的动摩擦因数考点：动量守恒定律；弹性势能；机械能守恒定律．专题：动量与动能定理或能的转化与守恒定律综合．分析：A、铁块从木板的右端端沿板面向左滑行，当铁块与木板的速度相同时，弹簧压缩最短，其弹性势能最大．根据能量守恒列出此过程的方程．从两者速度相同到铁块运动到木板的右端过程时，两者速度再次相同，根据能量守恒定律再列出整个过程的方程．根据系统动量守恒可知，两次速度相同时，铁块与木板的共同速度相同，根据动量守恒定律求出共同速度，联立求解弹簧具有的最大弹性势能．B、由于不知道弹簧的劲度系数和长木板的长度，因此不能求出弹簧被压缩的最大长度、长木板运动速度的最大值、铁块与长木板间的滑动摩擦力．解答：解：A、设铁块与木板速度相同时，共同速度大小为v，铁块相对木板向左运动时，滑行的最大路程为s，摩擦力大小为f．根据能量守恒定律得：铁块相对于木板向左运动过程：铁块相对于木板运动的整个过程：又根据系统动量守恒可知，mv0=（M+m）v联立得到：E p=fs=故A正确．B、，由于不知道弹簧的劲度系数，所以不能求出弹簧被压缩的最大长度．故B错误．C、由于不知道弹簧的劲度系数k和长木板的长度（或是铁块滑行的最大路程s），所以求不出长木板运动速度的最大值．故C错误．D、由A得分析可知，可以求出fs，但是不知道s，所以不知道f，因此求不出铁块与长木板间的动摩擦因数．故D错误．故选A．点评：本题是系统的动量守恒和能量守恒问题，分析两个过程进行研究，要抓住铁块与木板两次共同速度相同．4．如图所示，一航天器围绕地球沿椭圆形轨道运动，地球的球心位于该椭圆的一个焦点上，A、B两点分别是航天器运行轨道上的近地点和远地点．若航天器所受阻力可以忽略不计，则该航天器( )A．由近地点A运动到远地点B的过程中动能增大B．由近地点A运动到远地点B的过程中万有引力做正功C．在近地点A的加速度小于它在远地点B的加速度D．运动到A点时其速度如果能增加到第二宇宙速度，那么它将不再围绕地球运行考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：根据开普勒第二定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，根据做功公式判断功的正负，根据万有引力提供向心力公式判断加速度的大小．当卫星的速度增加到第二宇宙速度时，将脱离地球的束缚，到太阳系中绕太阳运动．解答：解：A、根据开普勒第二定律可知：在近地点的速度大于远地点的速度，所以A点的速度大于B点的速度，即由近地点A运动到远地点B的过程中动能减小，故A错误；B、万有引力指向地心，从A到B的过程，位移的方向与万有引力的方向相反，故万有引力做负功，故B错误；C、根据牛顿第二定律和万有引力定律得：a=，因为A的轨道半径小于B的轨道半径，所以在近地点A的加速度大于它在远地点B的加速度，故C错误．D、当卫星的速度增加到第二宇宙速度时，将脱离地球的束缚，到太阳系中绕太阳运动，故D 正确；故选：D．点评：本题主要考查了开普勒第二定律、万有引力公式、力做功正负判断方法的应用，难度不大，属于基础题．5．某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成．发电机中矩形线圈所围成的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B 的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动．矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是( )A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值最小B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωtC．当用户数目增多时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向下滑动D．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端的电压将升高考点：变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：当线圈与磁场平行时，感应电流最大，当两者垂直时，感应电流最小；确定瞬时表达式时，注意线圈开始计时的位置，从而得出正弦还是余弦；根据闭合电路欧姆定律来确定电流随着电阻变化而变化，但不会改变原线圈的电压，从而即可求解解答：解：A、当线圈与磁场平行时，感应电流最大，故A错误；B、从垂直中性面计时，则感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωcosωt，故B正确；C、当用户数目增多时，功率增大，根据功率P=UI，当电压不变，则电流增大，损失电压增大，从而可确定触头P移动方向向上，故C错误；D、当触头P向下移动，只会改变副线圈的电流，从而改变原线圈的电流，不会改变原线圈的电压，故D错误故选：B点评：考查瞬时表达式的书写时，关注线圈的开始计时位置，得出最大值，区别与有效值，理解电阻的变化，只会改变电流与功率，不会影响电压的变化二、不定项选择题（每小题6分，共18分．每小题给出四个选项中，都有多个选项是正确的，全部选对的得6分，选对但不全的得3分，选错或不答的得0分）6．一绝缘光滑半圆环轨道放在竖直向下的匀强电场中，场强为E．在与环心等高处放有一质量为m、带电+q的小球，由静止开始沿轨道运动，下述说法正确的是( )A．小球经过环的最低点时速度最大B．小球在运动过程中机械能守恒C．小球经过环的最低点时对轨道压力为（mg+qE）D．小球经过环的最低点时对轨道压力为3（mg+qE）考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；向心力．专题：电场力与电势的性质专题．分析：小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．根据动能定理知小球经过环的最低点时速度最大．根据动能定理求出小球经过在最低点时的速度，由牛顿第二定律求出环对球的支持力，得到球对环的压力．解答：解：A、小球从最高点到最低点的过程中，合力做正功最多，则根据动能定理得知，动能增加增大，速率增大增大，所以小球经过环的最低点时速度最大．故A正确B、小球运动过程中电场力做功，机械能不守恒．故B错误．C、D小球从最高点到最低点的过程，根据动能定理得：（mg+qE）R=又由，联立解得N=3（mg+qE）．故D正确，C错误．故选：AD点评：本题是带电体在匀强电场中做圆周运动的问题，由动能定理和牛顿运动定律结合求解是常用的思路．7．放在水平地面上的一物块，受到方向不变的水平推力F的作用，F的大小与时间t的关系，和物体速度v与时间t的关系如图所示，取重力加速度g=10m/s2．由此两图线可以求得( )A．物块的质量m=0.5 kg，物块与地面之间的动摩擦因数μ=0.4B．前2 s内拉力F做的功为2 JC．2～4 s物体克服摩擦力做的功为8 JD．4～6 s合外力做的功为16 J考点：动能定理的应用；功的计算．专题：功的计算专题．分析：根据v﹣t图和F﹣t图象可知，在4﹣6s，物块匀速运动，处于受力平衡状态，所以拉力和摩擦力相等，由此可以求得物体受到的摩擦力的大小，在根据在2﹣4s内物块做匀加速运动，由牛顿第二定律可以求得物体的质量的大小．由摩擦力公式可求得动摩擦因数的大小；根据动能定理可求出功的大小．解答：解：A、4﹣6s做匀速直线运动，则：f=F=2N．2﹣4s内做匀加速直线运动，加速度为：，根据牛顿第二定律得：F﹣f=ma，即：kg．摩擦力公式得，所以A正确．B、前2s内物体没有位移，故力做功为零；故B错误；C、2～4 s位移x=4m；物体克服摩擦力做的功为W=2×4=8 J；故C正确；D、4～6 s物体动能的变化量为零；故合外力做的功为0；故D错误；故选：AC．点评：本题考查动能定理及图象的综合应用，要注意明确v﹣t图象中点线面的准确意义，并能灵活应用．8．一列简谐横波沿x轴正方向传播，传播速度为l0m/s．当波传到x=5m处的质点P时，波形如图所示．则以下判断正确的是( )A．这列波的周期为0.5sB．再经过0.4s，质点P第一次回到平衡位置C．再经过0.7s，x=9m处的质点Q到达波峰处D．质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波谷处考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：根据波的传播方向确定各质点的振动方向，分析振动传播的过程，研究回复力、加速度变化情况．解答：解：A．传播速度为10m/s，波长为4m，这列波的周期为0.4s，所以再经过0.4s，质点P第二次回到平衡位置，故AB错误．C．再经过0.7s，即1个周期，P和Q相差一个波长，所以Q点运动了个周期由于，质点Q 起振方向向下，因此此时Q达到波峰处．故C正确．D．P和Q相差一个波长，质点Q到达波峰时，质点P恰好到达波峰处，故D错误．故选：C．点评：本题的技巧是运用波形平移研究质点的状态，这是波动图象问题中经常采用的方法，要学会应用．三、填空实验题：9．写出两个质子（H）与两个中子（n）聚变生成一个氦核（He）的核反应方程式2H+2n→He．若质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量为．考点：爱因斯坦质能方程；裂变反应和聚变反应．专题：衰变和半衰期专题．分析：结合质量数守恒与核电荷数守恒即可求出核反应方程；先求出核反应中质量亏损，再由爱因斯坦质能方程，反应释放的核能△E=△m•c2，从而即可求解．解答：解：两个质子（H）与两个中子（n）聚变生成一个氦核（He），其核反应方程为：2H+2n→He．质子的质量为m1、中子的质量为m2、氦核的质量为m3，则反应中放出的能量：E=△m•c2=故答案为：2H+2n→He，点评：本题考查应用质能方程研究核反应中质量亏损的能力．另外要知道核反应向平均结合能增大的方向进行，要释放能量．10．如图，为测量做匀加速直线运动的物块的加速度，将宽度均为d的挡光片固定在物块上，测得二光电门之间距离为s．①当滑块匀加速运动时，测得挡光片先后经过两个光电门的时间为△t1和△t2，则小车的加速度a=；②（多选）为减小实验误差，可采取的方法是BCA．增大两挡光片宽度d B．适当减小两挡光片宽度dC．增大两光电门之间的距离s D．减小两光电门之间的距离s．考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系．专题：实验题．分析：（1）光电门测量滑块瞬时速度的原理是遮光条通过光电门的速度可以用平均速度代替，即v=，求出小车经过两个光电门的速度，再根据运动学公式即可求出物体的加速度a．（2）根据极限逼近思想用平均速度代替瞬时速度，则b要小；另外A、B点越远，相对误差越小．解答：解：（1）挡光片通过光电门的平均速度可以认为是小车在此时刻的瞬时速度，故小车两次同过光电门的速度分别为：则挡光片第一次经光电门时的瞬时速度v1=挡光片第二次经光电门时的瞬时速度v2=此段时间小车的位移为d，由运动学速度位移关系式得：带入数据得：a=（2）d越小，所测的平均速度越接近瞬时速度，s越大初速度与末速度差距越大，速度平方差越大，相对误差越小．故为减小实验误差，可采取的方法是减小两挡光片宽度d或增大两挡光片间距s，故BC正确．故选：BC．故答案为：（1）；（2）BC点评：本题应掌握光电门测量滑块瞬时速度的原理，正确进行误差分析，是考查学生综合能力的好题．11．为了测量某电池的电动势E（约为3V）和内阻r，选用的器材如下：A．电流表G1（量程为2mA，内电阻为100Ω）B．电流表G2（量程为1mA，内电阻为200Ω）C．电阻箱R1（0～99.99Ω）D．电阻箱R2（0～9999Ω）E．滑动变阻器R3（0～100Ω允许最大电流1A）F．待测电池G．开关一个、导线若干（1）某同学利用上述器材，采用图甲的电路测量该电池的电动势和内阻，请按照图甲将图乙所示的实物图连线；（2）图甲中利用电阻箱R1将电流表G1改装成了量程为0.5A的电流表，利用电阻箱R2将将电流表G2装成了量程为3V的电压表，则电阻箱R2的阻值调到2.8Ω；（3）以G2示数I2为纵坐标，G1示数I1为横坐标，作出I2﹣I1图象如图丙所示，结合图象可得出电源的电动势为2.7V，电源的内阻为9.0Ω；（结果均保留两位有效数字）考点：测定电源的电动势和内阻．专题：实验题．分析：本题（1）的关键是连线时注意正负极；题（2）的关键是根据串并联规律和欧姆定律列出表达式求解即可；题（3）的关键是根据闭合电路欧姆定律写出公式（注意总电流），然后整理出有关纵轴和横轴物理量的表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．解答：解：（1）：实物连线图如图所示：。
天津滨海学校高三物理联考试题含解析
天津滨海学校高三物理联考试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 如图所示，理想变压器原副线圈的匝数比为10：1，b是原线圈d的中心抽头，电压表和电流表均为理想电表，除R外其余电阻不计。
在c、d两端加上ul=220sin l00（V）的交变电压。
则（）A．若单刀双掷开关接a，则电压表示数为22 VB．若单刀双掷开关接a，再将滑动变阻器触片P向下移，电压表示数变大C．若将单刀双掷开关由a拨向b，两电流表的示数均变大D．若将单刀双掷开关由a拨向b，变压器的输入功率变大参考答案：2. (多选)如图所示，一人坐在小车的水平台面上，用水平力拉绕过定滑轮的细绳，使人和车以相同的加速度向右运动，水平地面光滑（）A．若人的质量大于车的质量，则车对人的摩擦力方向向右B．若人的质量小于车的质量，则车对人的摩擦力方向向右C．若人的质量等于车的质量，则车对人的摩擦力为零D．不管人、车的质量关系如何，则车对人的摩擦力都为零参考答案：AC3. 有一理想变压器的原、副线圈的匝数比为10:1，原线圈输入电压的变化规律如图甲所示，副线圈所接电路如图乙所示，P为滑动变阻器的触头。
下列说法正确的是( ) A．副线圈输出电压的有效值为3VB．副线圈输出电压的频率为50HzC．P向右移动时，原、副线圈的电流比变小D．P向右移动时，灯泡L变亮参考答案：BD4. 物体以速度v0水平抛出，若不计空气阻力，当其竖直分位移与水平分位移相等时，下列说法中不正确的是( )A．竖直分速度等于水平分速度 B．即时速度大小为C．运动的时间为2v0/g D．运动的位移为参考答案：A5. 如图，在竖直向下，场强为的匀强电场中，长为的绝缘轻杆可绕固定轴在竖直面内无摩擦转动，两个小球A、B固定于杆的两端，A、B的质量分别为和 ()，A带负电，电量为，B带正电，电量为。
杆从静止开始由水平位置转到竖直位置，在此过程中电场力做功为W，在竖直位置处两球的总动能为EK：A、B、C、Ek=D、Ek=[ : ]参考答案：AD二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 2008年北京奥运会场馆周围 80％～90％的路灯将利用太阳能发电技术来供电，奥运会90％的洗浴热水将采用全玻真空太阳能集热技术．科学研究发现太阳发光是由于其内部不断发生从氢核到氦核的核聚变反应，即在太阳内部4个氢核（H）转化成一个氦核（He）和两个正电子（e）并放出能量.已知质子质量mP = 1.0073u，α粒子的质量mα = 4.0015u，电子的质量me = 0.0005u． 1u的质量相当于931.5MeV的能量．①写出该热核反应方程：___________________________________②一次这样的热核反应过程中释放出____________MeV的能量?（结果保留三位有效数字）参考答案：（2）①4H →He +2 e②Δm = 4mP－mα－2me = 4×1.0073u－4.0015u－2×0.0005u = 0.0267 uΔE = Δ mc2 = 0.0267 u×931.5MeV/u ＝24.87 MeV =24.9 MeV⑶根据动量守恒定律得：解得：7. 图示为简单欧姆表原理示意图，其中电流表的满偏电流 IR=300μA，内阻Rg=l00Ω，可变电阻R的最大阻值为10kΩ，电池的电动势E=l.5V，内阻r=0.5Ω，图中与接线柱A相连的表笔颜色应是色，按正确使用方法测量电阻Rx的阻值时，指针指在刻度盘的正中央，则Rx= kΩ。
2017-2018年五校联考物理答案.docx
2017—2018学年度第二学期第二次五校联考一、单项选择题（本题共7小题，每小题3分，共21分）1、D2、D3、C4、B5、B6、C7、A二、填空题（本题共7小题，每空1分，共21分）8、电磁波变大变大9、会聚运动状态大气压强10、A O 30° 空气11、40 40 90%12、1.5 0.45 S413、水银露 1.414、无关 2 1.5X103三、作图题（本题共3小题，3分+2分+3分，共8分）15、（1）如图所示；（2）如图所示；16、如图所示17、如图所示4—®L2四、实验题(本题4小题，3分+4分+4分+8分，共19分)18、2.80 -32 21(3)0.65 (4)① S 、S| ②S 、S2 R\S22 > (1)由 v 二r 得， 45km该运油车返冋驻地用时间t 二s/v 二90加〃二o. 5h(2) 运油车对水平路面的压力F=G=mg=7000kgX 10N/kg=7X 104N F 7x 104/V此时运油车对路面的压强p 二“ °-35^2 =2X105Pa(3) s=45km=4. 5X10m 返回途中牵引力做的功w 二F 牵s 二1. OX 104mX4.5X10 m=4.5X108J 答：略 23、(1) W A =P A t A = 22WX5x605 = 6600J , W B = P B t B =!SWx5x60s = 5400J , “ = 6600J + 5400J = 1.2x1 OB (3 分)p ? 5W(2) I =^ = -^ = 0.5A(2 分)5 5V (3)已知电阻R 不变，t A =t D J A >I D ，根据焦耳定律Q = I 2Rt 可知，Q A >0D ，所以A19、(1)加热时间(2)甲 乙(2分) (3)甲 20、竖直，不同， 光屏,小于; (2分)(2分)(2(1)见下图(2分) (2)B段时间产生热量(2分)六、综合题（本题3小题，每小题6分，共18分）24、（1） N_（1 分）（2）小灯泡发光（1分）N 0J磁铁25、（1）相同变大（2）匀速直线26、（1）绝缘体（2分）（2） 2、3 （2分）60% （1 分）（3） 20Q （1 分）如图所示（作图2分）如图所示（作图2分）。
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天津市滨海新区2018届高三物理毕业班联考试卷本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷两部分，共100分。
考试时间90分钟。
第Ⅰ卷1至3页，第Ⅱ卷4至6页。
祝各位考生考试顺利！第Ⅰ卷（选择题，共40分）注意事项：1．答第Ⅰ卷前，考生务必将自己的姓名、准考号、科目涂写在答题卡上。
2．每小题选出答案后，用2B 铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案。
答在试卷上无效。
一、单项选择题（本题共8小题；每小题3分，共24分。
在每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。
）1．如图所示，照片中的汽车在水平路面上做匀速圆周运动，已知汽车的转弯半径为50m ，假设汽车受到的最大静摩擦力等于车重的0.8倍，g 取10 m/s 2，则运动的汽车A. 所受的合力为零B. 只受重力和地面的支持力作用C. 最大速度不能超过20m/sD. 所需的向心力由重力和支持力的合力提供2．如图所示是某物体做直线运动的v-t 图象，由图可知，该物体 A ．第1 s 内和第3 s 内的运动方向相反B ．第3 s 内和第4 s 内的加速度相同C ．第1 s 内和第4s 内的位移相同D ．0~2s 内和0~4s 内的平均速度大小相等3．设北斗导航系统中的地球同步卫星在距地面高度为h 的同步轨道做圆周运动。
已知地球的半径为R ，地球表面的重力加速度为g ，万有引力常量为G 。
下列说法正确的是A ．同步卫星运动的周期为2C ．同步轨道处的重力加速度为2()R g R h + D ．地球的平均密度为234g GRπ4．如图所示,虚线是某电场的等势线.一带电粒子只在电场力作用下恰能沿 实线从A 点飞到C 点,则 A. 粒子一定带负电B. 粒子在A 点的电势能大于在C 点的电势能C. A 点的电场强度大于C 点的电场强度D. 粒子从A 点到B 点电场力所做的功大于从B 点到C 点电场力所做的功 5．如图所示的电路中，R 1、R 2是定值电阻，R 3是滑动变阻器,电源的内阻不能 忽略,电流表A 和电压表V 均为理想电表。
闭合开关S,当滑动变阻器 的触头P 从右端滑至左端的过程,下列说法中正确的是 A.电压表V 的示数增大 B.电流表A 的示数减小 C.电容器C 所带的电荷量减小 D.电阻R 1的电功率增大6．如图所示，重物A 被绕过小滑轮P 的细线所悬挂，小滑轮P 被一根细线系于天花板上的O 点。
B 放在粗糙的水平桌面上，O ′是三根线的结点，bO ′水平拉着B 物体，aO ′、bO ′与cO ′夹角如图所示。
细线、小滑轮的重力和细线与滑轮间的摩擦力均可忽略，整个装置处于静止状态。
若悬挂小滑轮的细线OP 的张力是20 3 N ，g 取10 m/s 2，则下列说法中错误的是A ．重物A 的质量为2 kgB ．桌面对B 物体的摩擦力为10 3 NC ．重物C 的质量为1 kgD ．OP 与竖直方向的夹角为60°7．如图所示，套在足够长的绝缘粗糙直棒上的带正电小球，其质量为m ，带电量为q ，小球可在棒上滑动，现将此棒竖直放入沿水平方向的且互相垂直的匀强磁场和匀强电场中。
设小球电量不变，小球由静止下滑的过程中 A ．小球加速度一直增大B ．小球速度先减小后增大，直到最后匀速运动C ．杆对小球的弹力一直减少D ．小球所受洛伦兹力一直增大，直到最后不变8．如图所示，固定的倾斜光滑杆上套有一个质量为m的小球，小球与一轻质弹簧一端相连，弹簧的另一端固定在地面上的A 点，已知杆与水平面之间的夹角θ<45°，当小球位于B 点时，弹簧与杆垂直，此时弹簧处于原长。
现让小球自C 点由静止释放，小球运动到B 、D 间某点时速度为零，在小球滑到最低点的整个过程中，下列说法正确的是 A ．小球的动能与重力势能之和保持不变 B ．小球的动能与重力势能之和先增大后减小 C ．小球的动能与弹簧的弹性势能之和保持不变 D ．小球的重力势能与弹簧的弹性势能之和保持不变二、不定项选择题（本题共4小题；每小题4分，共16分. 在每小题给出的四个选项中都有多个选项正确. 全部选对的得4分，选不全的得2分，有选错或不答的得0分 ） 9．下列说法正确的是A ．原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B ．玻尔对氢原子光谱的研究导致原子的核式结构模型的建立C ．将放射性元素存放于密封铅盒中可减缓放射性元素的衰变D ．23290Th 经过一系列α衰变和β衰变后变成20882Pb ，则20882Pb 比23290Th 少16个中子10．在机场和火车站可以看到对行李进行安全检查用的水平传送带如图所示，当旅客把行李放在正在匀速运动的传送带上后，传送带和行李之间的滑动摩擦力使行李开始运动，随后它们保持相对静止，行李随传送带一起匀速通过检测仪器接受检查，设某机场的传送带匀速前进的速度为0.4 m/s ，某行李箱的质量为 5 kg ，行李箱与传送带之间的动摩擦因数为0.2，当旅客把这个行李箱无初速度地放在传送带上，通过安全检查的过程中，g 取10 m/s 2，则A ．开始时行李的加速度为2 m/s 2B ．行李加速时间为2 sC ．传送带对行李做的功为0.4 JD ．传送带上将留下一段摩擦痕迹，该痕迹的长度是0.03 m11．如图所示，闭合的矩形导体线圈abcd 在匀强磁场中绕垂直于磁感线的对称轴OO ′匀速转动，沿着OO ′方向观察，线圈沿逆时针方向转动。
已知匀强磁场的磁感强度为B ，线圈匝数为n ，ab 边的边长为L 1，ad 边的边长为L 2ω，则当线圈转至图示位置时A ．线圈中感应电流的方向为abcdaB ．线圈中的感应电动势为12nBL L ωC．穿过线圈磁通量随时间的变化率最大D．线圈ad边所受安培力的大小为2212 nB L LR12．—个篮球被竖直向上抛出后又落回到抛出点。
假设篮球在运动过程中受到的空气阻力大小与其运动的速度大小成正比，下列判断正确的是A．篮球运动的过程中加速度一直减小B．上升过程中重力的冲量大小等于下降过程中重力的冲量大小C．上升过程中空气阻力做的功等于下降过程中阻力做的功D．上升过程中空气阻力的冲量大小等于下降过程中空气阻力的冲量大小2018年天津市滨海七所重点学校高三毕业班联考 物理试卷第Ⅱ卷（非选择题共60分）三、实验题（本题共3小题，共18分. 把答案填写在答题纸上的相应位置）13．如图所示，螺旋测微器的读数为 mm ；20分度的游标卡尺读数为 mm.14．在“伏安法测电阻”的实验中.（1）某同学利用多用电表用1⨯档粗略测量某电阻的阻值，表盘指针位置如图所示，则被测电阻的 阻值约为 Ω.（2）为提高测量的精度，该小组的人员从下列器材中挑选了一些元件，设计了一个电路，重新测量该电阻(用x R 表示)的阻值。
A.电流表A 1 (量程0～50mA ，内阻约12Ω)B.电流表A 2 (量程0～3A ，内阻约0.12Ω)C.电压表V 1 (量程0～3V ，内阻很大)D.电压表V 2 (量程0～15V ，内阻很大)E.电源E (电动势约为3V ，内阻约为0.2Ω)F.定值电阻R (30Ω，允许最大电流2.0A)G.滑动变阻器R 1 (0～10Ω，允许最大电流2.0A)H.滑动变阻器R 2 (0～1k Ω，允许最大电流0.5A) 单刀单掷开关S 一个，导线若干①电流表应选______，电压表应选_____，滑动变阻器应选_____．(填字母代号) ②请在方框中画出测量电阻x R 的实验电路图。
15．某实验小组利用如图所示的实验装置，测定小车和木板间的动摩擦因数。
实验原理：将一端带滑轮的长木板固定在水平实验台上，实验小车（含钩码，图中未画出）101112cm01020纸带通过轻细线跨过定滑轮与钩码相连，小车与纸带相连，实验中，从小车上取钩码后挂在细线的另一端，放开钩码，小车由静止开始加速运动，得到一条理想的纸带，处理纸带得到小车运动的加速度a ，同时记录所挂钩码的质量m ；再从小车上取钩码后挂在细线的另一端，重复实验，得到多组小车运动的加速度a 和所挂钩码的质量m 的实验数据。
（1）下列哪些措施能够减小本实验的误差_______A ．实验中必须保证小车（含钩码）的总质量远大于所挂钩码的质量B ．实验前必须平衡摩擦力C ．细线在桌面上的部分应与长木板平行D ．小车释放时要靠近打点计时器（2）实验中，该同学得到一条较为理想的纸带，如图所示，从清晰的O 点开始，每隔4个点取一计数点（中间4个点没画出），分别记为A 、B 、C 、D 、E 、F ，各计数点到O 点的距离为OA ＝1.61 cm ，OB ＝4.02 cm ，OC ＝7.26 cm ，OD ＝11.30 cm ，OE ＝16.14 cm ，OF ＝21.80 cm ，打点计时器打点频率为50 Hz ，则由此纸带可得到小车运动的加速度a ＝ m/s 2。
（结果保留两位有效数字）（3）根据实验测得的数据，该同学以系统的加速度a 为纵轴， 所挂钩码的质量m 为横轴，绘制了如图所示的a m -图线，则小车与木板间的动摩擦因数μ＝____（210m/s g =）四、计算题（本题共3小题，共42分. 解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位） 16．（12分）如图所示，“冰雪游乐场”滑道B 点的左边为水平滑道，右边为半径R =6.4m 的圆弧滑道，左右两边的滑道在B 点平滑连接。
小孩乘坐冰车从圆弧滑道顶端A 点由静止开始出发，半径OA 与竖直方向的夹角为60θ=，经过B 点后，被静止在C 点的家长迅速抱住，然后一起在水平滑道上一起滑行。
已知小孩和冰车的总质量m =30kg ，家长和冰车的总质量为M =60kg ，人与冰车均可视为质点，不计一切摩擦阻力，重力加速度g=10m/s 2，求：（1）小孩乘坐冰车经过圆弧滑道末端B 点时对滑道的压力N 的大小；（2）家长抱住孩子的瞬间，小孩和家长（包括各自冰车）组成的系统损失的机械能E ∆； （3）家长抱住孩子的瞬间，家长对小孩（包括各自冰车）的冲量I 的大小。
17．（14分）物理学中，常用电场或磁场控制带电粒子的运动轨迹。
如图所示，质量为m ，电量为e 电子，由静止开始经电压U 加速后，从枪口P 沿直线OM 射出，若要求电子能击中偏离OM 方向α角、与枪口相距d 的靶Q ，不计电子的重力。
试求在以下两种情况下，所需的匀强磁场B 的大小和匀强电场E 的大小。
（1）若空间有垂直纸面向里的匀强磁场；（2）若空间有在纸面内且垂直于PQ 斜向上的匀强电场。
18．（16分）所图所示，匝数N 、截面积S 、电阻R 的线圈内有方向垂直于线圈平面向下的随时间均匀增加的匀强磁场B 1.线圈通过开关k 连接两根相互平行、间距d 的倾斜导轨，导轨平面和水平面的夹角为α，下端连接阻值R 的电阻。