通信电路第三版课后答案沈伟慈版
《通信电路》沈伟慈(第三版)第5章
Q
实实指指
UQ 0 u
状态下的二极管特性分析。
图 5.2.1 晶体二极管的伏安特性
5
第5章 频率变换电路的特点及分析方法 利用指数函数的幂级数展开式
1 2 1 n e =1+ x + x + ... + x + ... 2! n!
x
若u=UQ+Uscosωst, 由式(5.2.1) i = I (e s
2013-7-12
4
第5章 频率变换电路的特点及分析方法
5.2 非线性元器件频率变换特性的分析方法
5.2.1指数函数分析法
晶体二极管的正向伏安特性可用指数函数描述为:
i = I
s
(e
q kT
u
1
− 1) = I
s
(e
U
u
T
− 1)
i
(5.2.1)
指指指指
其中：UT≈26mV(当T=300K时)。 在输入电压u较小时, 式(5.2.1) 与二极管实际特性是吻合的, 但当u 增大时, 二者有较大的误差, 如图 5.2.1所示。 适用范围：仅适用于小信号工作
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18
第5章 频率变换电路的特点及分析方法 ② 采用多个晶体管组成平衡电路, 抵消一部分无用组合频 率分量。 ③ 使晶体管工作在线性时变状态或开关状态, 可以大量减 少无用的组合频率分量。 ④ 采用滤波器来滤除不需要的频率分量。
2013-7-12
19
第5章 频率变换电路的特点及分析方法
第5章 频率变换电路的特点及分析方法
第5章 频率变换电路的特点及分析方法
５.１ 概述 ５.２ 非线性元器件频率变换特性的分析方法 ５.３ 频率变换电路的特点与非线性失真分析 ５.４ 章末小结
通信电路(第二版)课后习题答案-沉伟慈编着
通信电路（高频）课后习题答案在题图所示的电路中，信号源频率f 0=1MHz ，回路空载Q 值为100，r 是回路损耗电阻。
将1—1端短路，电容C 调到100pF 时回路谐振。
如将1—1端开路后再串接一阻抗Z x （由电阻r x 与电容C x 串联），则回路失谐，C 调至200pF 时重新谐振，这时回路有载Q 值为50。
试求电感L 、未知阻抗Z x 。
解：000022001(1)25342115.92(2)100200215.9115.9795.8ππππω=⇒===⇒==Ω==∴===∴=+=∴=-=Ω∴=-=Ω-Ωc xx xx x x x x xf L uH Cf LCX Q r r f CQ pFpFX Q r X r r r Q f L r r QZ r j j 总总总总总总总总空载时由谐振时, C CC 串入C 后,C C+C CC C C-C 由C1．2在题图所示的电路中，已知回路谐振频率f 0=465kHz ， Q 0=100，N=160匝，N 1=40匝，N 2=10匝。
C =200pF ，R s =16k Ω，R L =1k Ω。
试求回路电感L 、有载Q 值和通频带。
解：0022600000003223622236101158642 5.8410(171.2)11010()10 3.9110160401()10 3.9110(255.7)160161.361e e e L L L L s s s sL e f L uHf C LC C C Qg sR k g Q g sR g n g sg n g sR k g g g g ππωω------∑=⇒===⇒==⨯=Ω=='==⋅=⨯'==⋅⨯=⨯=Ω''∴=++=⨯由并联谐振:折合到线圈两端:5000.70(73.2)4310.8e es R k CQ g f BW kHzQ ω-∑∑=Ω==1．3在题图所示的电路中，L=，C 1 = C 2 =20pF ，R s =10k Ω，R L =5k Ω，Q 0=100。
通信电路课后习题答案-沉伟慈编着
通信电路（高频）课后习题答案在题图所示的电路中，信号源频率f 0=1MHz ，回路空载Q 值为100，r 是回路损耗电阻。
将1—1端短路，电容C 调到100pF 时回路谐振。
如将1—1端开路后再串接一阻抗Z x （由电阻r x 与电容C x 串联），则回路失谐，C 调至200pF 时重新谐振，这时回路有载Q 值为50。
试求电感L 、未知阻抗Z x 。
解：000022001(1)2534115.92(2)100200215.9115.9795.8πππω=⇒===⇒==Ω==∴===∴=+=∴=-=Ω∴=-=Ω-Ωc xx xx x x x x xf L uH Cf X Q r r f CQ pFpFX Q r X r r r Q f L r r QZ r j j 总总总总总总总总空载时由谐振时, C CC 串入C 后,C C+C CC C C-C 由C1．2在题图所示的电路中，已知回路谐振频率f 0=465kHz ， Q 0=100，N=160匝，N 1=40匝，N 2=10匝。
C =200pF ，R s =16k Ω，R L =1k Ω。
试求回路电感L 、有载Q 值和通频带。
解：002260000000322362223610115864 5.8410(171.2)11010()10 3.9110160401()10 3.9110(255.7)160161.361e e e L L L L s s s sL e f L uHf C C C Qg sR k g Q g sR g n g sg n g sR k g g g g πωω------∑=⇒===⇒==⨯=Ω=='==⋅=⨯'==⋅⨯=⨯=Ω''∴=++=⨯由并联谐振:折合到线圈两端:5000.70(73.2)4310.8e es R k CQ g f BW kHzQ ω-∑∑=Ω==1．3在题图所示的电路中，L=，C 1 = C 2 =20pF ，R s =10k Ω，R L =5k Ω，Q 0=100。
《通信电路》(沈伟慈)课后习题答案 西安电子科技大学出版社PPT共149页
26、要使整个人生都过得舒适、愉快，这是不可能的，因为人类必须具备一种能应付逆境的态度。——卢梭
▪
27、只有把抱怨环境的心情，化为上进的力量，才是成功的保证。——罗曼·罗兰
▪
28、知之者不如好之者，好之者不如乐之者。——孔子
▪
29、勇猛、大胆和坚定的决心能够抵得上武器的精良。——达·芬奇
▪
30、意志是一个强壮的盲人，倚靠在明眼的跛子肩上。——叔本华
《通信电路》(沈伟慈)课后习题答案
西安电子科技大学出版社
•
26、我们像鹰一样，生来就是自由的 ，但是 为了生 存，我 们不得 不为自 己编织 一个笼 子，然 后把自 己关在 里面。 ——博 莱索
•
27、法律如果不讲道理，即使延续时 间再长 ，也还 是没有 制约力 的。— —爱·科 克
•
28、好法律是由坏风俗创造出来的。 ——马 克罗维 乌斯
谢谢！
149
•
29、在一切能够接受法律支配的人类 的状态 中，哪 里没有 法律， 那里就 没有自 由。— —洛克
•
30、风俗可以造就法律，也可以废除 法律。 ——塞·约翰逊
▪
现代通信原理与技术第三版课后_思考题答案
第一章1.1 以无线广播和电视为例，说明图 1-1 模型中的信息源，受信者及信道包含的具体内容是什么？在无线电广播中，信息源包括的具体内容为从声音转换而成的原始电信号，收信者中包括的具体内容就是从复原的原始电信号转换乘的声音；在电视系统中，信息源的具体内容为从影像转换而成的电信号。
收信者中包括的具体内容就是从复原的原始电信号转换成的影像；二者信道中包括的具体内容分别是载有声音和影像的无线电波1.2 何谓数字信号，何谓模拟信号，两者的根本区别是什么？数字信号指电信号的参量仅可能取有限个值；模拟信号指电信号的参量可以取连续值。
他们的区别在于电信号参量的取值是连续的还是离散可数的。
1.3 何谓数字通信，数字通信有哪些优缺点？传输数字信号的通信系统统称为数字通信系统；优缺点： 1.抗干扰能力强；2.传输差错可以控制；3.便于加密处理，信息传输的安全性和保密性越来越重要，数字通信的加密处理比模拟通信容易的多，以话音信号为例，经过数字变换后的信号可用简单的数字逻辑运算进行加密，解密处理；4.便于存储、处理和交换；数字通信的信号形式和计算机所用的信号一致，都是二进制代码，因此便于与计算机联网，也便于用计算机对数字信号进行存储，处理和交换，可使通信网的管理，维护实现自动化，智能化；5. 设备便于集成化、微机化。
数字通信采用时分多路复用，不需要体积较大的滤波器。
设备中大部分电路是数字电路，可用大规模和超大规模集成电路实现，因此体积小，功耗低；6. 便于构成综合数字网和综合业务数字网。
采用数字传输方式，可以通过程控数字交换设备进行数字交换，以实现传输和交换的综合。
另外，电话业务和各种非话务业务都可以实现数字化，构成综合业务数字网；缺点：占用信道频带较宽。
一路模拟电话的频带为 4KHZ 带宽，一路数字电话约占64KHZ。
1.4 数字通信系统的一般模型中的各组成部分的主要功能是什么？数字通行系统的模型见图1-4 所示。
通信电路（第三版）沈伟慈主编课后习题答案
第一章1、1在题图1、1所示得电路中，信号源频率fo=lMHz,回路空载Q 值为100, r 就是回路损耗电阻。
将1—1端短路，电容C 调到100pF 时回路谐振。
如将1— 1端开路后再串接一阻抗Zx (由电阻皿与电容Cx 串联)，则回路失谐,C 调至 200pF 0t 重新谐振,这时回路有载Q 值为50。
试求电感L 、未知阻抗Zx 。
解：= 15.9Q ⑴空载时元品n 匚=福云= 253小V 由 Qo = —- n r r2" CQ°(2)谐振时，C 总=100pF cc 串入c 后，x心 c+c %・•・c x 由Q CC 总C-C 总X 总= 200pF X 总2/rf L r =—、---r = 15.9QQ :.Z x =心一项 = 15.9Q 一顶795.8Q coC x1.2在题图1、2所示得电路中，已知回路谐振频率f°二465kHz, Q o =lOO, N=160匝,Ni二40匝,应二1。
匝。
C=200pF,R s=16kQ,R L=lkQ o试求回路电感L、有载Q 值与通频带BWon解：in L=— =586〃H 物f C J 0由 f ° = 2^并联谐振：八 口nC Qo =----- n 8e0 =&00&=L = 1。
％R l折合到线圈两端：g ；=忒& =(当)2 •10-3=3.91x10%16040 i g ：=酒公=(——)2• — xlO 一3 =3.91x10%，15 160 16「• g£ =g ；+g ；+ge0 =136x10-5$0=业 43BW =4乂 e 气C = 5.84x10—6$a (《o=171.20)(R, = 255.7^。
)(处=73.2K1)10.8kHz1. 3 在题图 1、3 所示得电路中,L=0> 8uH, Ci 二 C 2 =20pF, R s =10k Q , R L =5k Q, Q 。
《通信电路》1-2(沈伟慈-)第3讲省名师优质课赛课获奖课件市赛课一等奖课件
而 X 2 X L 20 25.1 5.1
所以
C2
|
1 X2
XL
|
2
1 20 106
5.1
1560 pF
由1560pF和318pF两个电容构成旳倒L型匹配网络即为所求，
如图例1.3(b)虚线框内所示。这是因为负载电感量太大，需要用
四种常用旳纯电感或纯电容阻抗变换电路中，所导出旳接入系数ｎ均 是近似值，可在较宽旳频率范围内实现阻抗变换，但是实际上各频率 点旳变换值是有差别旳。
意味着这一类旳阻抗变换电路 并未针对不同频率点信号做出 相应旳最合理旳看待！
2. LC 选频匹配电路
LC选频匹配电路有倒L型、T型、π型等几种不同构成形式， 其中倒L
小结：
自耦变压器阻抗变换电路
RL'
1 n2
RL
RL'
1 n2
RL
电容分压式电路
RL
1
C1 C1 C2
2
RL
1 n2
RL
电感分压式电路：
RL
1
L2 L1 L2
2
RL
1 n2
RL
分析纯电感或纯电容阻抗变换电路关键是怎样拟定其接入系数n。 抽头（概念）
由低抽头向高抽头转换时，等效阻抗提升1/n^2倍;反之，有高抽头向 低抽头转换时，等效阻抗降低至n^2倍。(接入系数 n<1)
解：由图可见，这是自耦变压器电路与电容分压式电路旳级联。
ＲL等效到Ｌ两端旳电阻为
2
RL"
1 n22
RL
C1
C2 C1
RL
16RL
ＲL″等效到输入端旳电阻
通信原理教程第三版课后答案
通信原理教程第三版课后答案通信原理是电子信息类专业的重要基础课程，它主要介绍了通信系统的基本原理和技术。
通过学习通信原理，可以帮助学生掌握数字通信系统的基本原理、基本技术和基本方法，为进一步学习和研究通信系统的高级课程奠定基础。
《通信原理教程第三版》是一本权威的教材，它系统地介绍了通信原理的基本概念、基本原理和基本技术，是学习通信原理的重要参考书。
本文将针对《通信原理教程第三版》中的课后习题进行详细解答，希望可以帮助学生更好地理解和掌握通信原理的相关知识。
1. 第一章信号与系统基础。
1.1 信号的分类。
答，根据信号的时域特性，可以将信号分为连续时间信号和离散时间信号两类。
其中，连续时间信号是定义在连续时间上的信号，而离散时间信号是定义在离散时间上的信号。
根据信号的周期性，可以将信号分为周期信号和非周期信号两类。
周期信号在一定时间间隔内具有重复的特性，而非周期信号则没有这样的特性。
1.2 系统的概念。
答，系统是指对一组输入信号进行某种变换，得到一组输出信号的过程。
系统可以分为线性系统和非线性系统、时不变系统和时变系统、因果系统和非因果系统等不同类型。
其中，线性系统具有叠加性和齐次性两个基本特性，时不变系统的输出不随时间的变化而变化，因果系统的输出只依赖于当前和过去的输入。
2. 第二章模拟调制技术。
2.1 振幅调制。
答，振幅调制是一种将模拟信号转换为模拟调制信号的技术。
在振幅调制中，载波的振幅随着模拟信号的变化而变化，从而实现了对模拟信号的调制。
振幅调制的优点是实现简单，但其缺点是抗干扰能力较差。
2.2 频率调制。
答，频率调制是一种将模拟信号转换为模拟调制信号的技术。
在频率调制中，载波的频率随着模拟信号的变化而变化，从而实现了对模拟信号的调制。
频率调制的优点是抗干扰能力较强，但其缺点是实现复杂。
3. 第三章数字调制技术。
3.1 脉冲编码调制。
答，脉冲编码调制是一种将数字信号转换为数字调制信号的技术。
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∴C2
=
Q2
ω0 RL
, L2
=
Q2 Re
ω0
令Q1 =
R1 − Re Re
则有 ω0 L1 = Q1Re = Re (R1 − Re ),
1
ω0C1
=
R1 Q1
=
R1
Re R1 − Re
习题解答汇编
∴L1
=
Q1 Re
ω0
, C1
=
Q1
ω0 R1
,L
= L1
+ L2 ,
Q22
=
(1 + Q12 )RL R1
∴SNRin = NF ⋅ SNRout =108
习题解答汇编 1.9 解 : 按照题意 , 我们直接可以得到
EA = 4k ⋅T0 ⋅ RA ⋅ BW ⋅ D ⋅ NF = 0.436μV
习题解答汇编
第 2章
2.1 解：根据公式 :
gie = 2.8mS,
Cie
=
3 .5
2πf0
×10−3
= 18.6pF,
Coe
=
2 ×10−3
2π × 30×106
= 10.6pF
goe = 0.2mS, yfe = 45mS, ϕfe = −36.9°, yre = 0.31mS, ϕre = −104.9°
习题解答汇编
2.2 解：要正确理解各参数之间的关系。
n1
=
5 20
=
0.25,
n2
=
5 20
= 0.25
∴ ge0
=
586µH,
gΣ
=
g
' s
+ ge0
+
g
' L
= n12 g s
+ ge0
+ n22 g L
其中
n1
=
40 160
, n2
=
10 160
,
ge0
=
1
ω0 LQ0
∴ gΣ = 13.65µ,
Qe
=
1 g Σω0 L
=
43
BW0.7
=
f0 Qe
= 10.8
习题解答汇编
C
I
' s
g
' s
ge0
L
g
' L
1 CxC Cx + C
= ω0L
所以
CX = 200pF
因为
Q0
=
1
ω 0 Cr
所以
r
=
1
ω0CQ0
= 15.9Ω
习题解答汇编
因为
Qe
=
ω0 (r
+
1 rx )
CxC Cx + C
所以
rx = r = 15.9Ω
习题解答汇编
1.2 解：根据原电路可以画出等效电路如题 1.2 图所示 :
L
=
1
ω02C
+
(R1 +R S R2 RS
)2
习题解答汇编
1.7 解 : 由各部分的关系我们可以知道 , 总的噪声系数
NF
=
NF1
+
NF2 −1 GPA1
+
NF3 −1 GPA1 ⋅GPA2
,
而且因为
NF1
=
1 GPA1
从而可求得 NF = 20
习题解答汇编
1.8 解 : 我们可以分别求得各部分参数 , 再求总的噪声系数和信噪比
=
6.4,
总增益 Au' 2 = Au' 2 = 6.42 = 41
习题解答汇编
23
−1
f0 BW '
= 23.7(BW '
= 10kHz)
习题解答汇编
2.5 解：
1
Au2 = 102 = 100 ∴ BW2 = BW 2 2 −1 = 2.57MHz
BW ' =
BW2' = 6.22MHz 1
22 −1
又 G ⋅ BW = 4 ×107 （增益带宽积）
∴ Au'
=
4 ×107 BW '
NF1
=
1
+
Te1 T0
=1.07, GPA1
= 25dB
= 316.2
NF2 = 6dB = 3.98, GPA2 = 20dB =100;
NF3 =12dB =15.85, GPA3 = 40dB =10000
∴NF
= NF1 +
NF2 −1 GPA1
+
NF3 −1 GPA1 ⋅GPA2
=1.08
题 1.2 图
习题解答汇编
1.3 解：
C2' = C2 + CL = 40pF
∴CΣ
= Cs
+
C1C2' C1 + C2'
= 18.3pF
∴谐振频率
f0 = 2π
1 LCΣ
= 41.6MHz
n
=
C1
C1
+
C
' L
=
1 3
,
∴ gΣ = n2 gL + ge0 + gs = 170.1µS
习题解答汇编
=
1 Q0ω0 L
=
37µS,
∴ gΣ = n12 goe + n22 gie + ge0 = 228.5µS
∴ Qe
=
ω0
1 LgΣ
= 16.3,
BW0.7
=
f0 Qe
= 0.66MHz,
Au 0
=
n1n2 y fe gΣ
= 12.3
习题解答汇编 2.3 解（ 1 ）高频等效电路图如下 :
题 2.3 图
习题解答汇编
习题解答汇编
第 1章 第 2章 第 3章 第 4章 第 5章 第 6章 第 7章 第 8章
习题解答汇编
第１章
1.1 解：
（ 1 ） 1—1 端短接时，谐振电感
L
=
1
ω02C
=
(2π
1 ×106 )2 ×100 ×10−12
=
253µH
习题解答汇编
（ 2 ） 1 － 1 端接时，因为
ω0
∴ RΣ
=
1 gΣ
= 5.88kΩ,
Qe
=
1 gΣω0L
=
28.1,
BW0.7
=
f0 Qe
= 1.48MHz
习题解答汇编
1.4 解：
X 2 = R2
R1 R2 − R1
=
100 6
X1 = X s = R1(R2 − R1) = 10 6
∴ L = X1 = 0.195µH, ω0
C
=
1
ω0 X
2
= 195pF
习题解答汇编 1.5 解 : 设计型匹配网络如题 1.5 图所示 , 其中
L1C1是增大网络 , L2C2是减小网络 ．
令
Q2 =
RL − Re , Re
则
Re
1 = 1 + Q22
RL
1
∴ω0C2
=
RL Q2
= RL
Re , RL − Re
习题解答汇编
ω0L2 = Q2Re = Re (RL − Re )
=
30 ×106 10 ×106
= 3,
g
' Σ
=
1
Qe' ω0 L
= 1180µS
gp
=
g
' Σ
−
gΣ
= 1180 − 410 = 770µS
∴两端并联电阻
Rp
=
1 gp
= 1.3kΩ
习题解答汇编
2.4 解：总通频带
BW =
允许最大
1
23
−
1
f0 Qe
= 5.93kHz(Qe
= 40)
Qe =
1
−1 > 0,
∴Q12
>
R1 RL
−1
上式就是此 型π网络必须满足的条件 , R1 可以大于 RL, 也
可以小于 RL 。
习题解答汇编
1.6 解 : 先求额定功率增益
G PA
=
PAO PAi
= (R1
R2 RS + RS )(R1 + R2
+ RS )
∴可求得噪声系数
NF
=
1 G PA
=1
+
R1 RS
习题解答汇编
( 2)
ge0
=
1
Q0ω0 L
= 35µS
∴ gΣ = ge0 + goe + n22 gie = 410µS
(3) CΣ = C + Coe + n22Cie
（ 4 ）Au0
=
n1n2 y fe
=
1 4
习题解答汇编
( 5)
Qe'
=
f0 BW0'.7