2019年高考物理大一轮复习课件：第三章牛顿运动定律实验三
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高考物理一轮复习：3-1《牛顿第一定律、牛顿第三定律》ppt课件
题的能力．
实验四：验证牛顿第二 定律
2．本章复习关注两点： (1)对力和运动关系的认识历程、牛顿运动 定律、惯性、作用力、反作用力的概念， 规律的理解和辨析．
(2)以生产、生活和科学实验中有关的命题
背景，考查应用牛顿运动定律分析实际问
题的能力．
高三物理一轮复习
第三章 牛顿运动定律 第1节 牛顿第一定律 牛顿第三定律
考点阐释
1．作用力与反作用力的“三同、三异、三无关”
2．应用牛顿第三定律时应注意的问题
(1)定律中的“总是”二字说明对于任何物体，在任何 条件下牛顿第三定律都是成立的．
考点二 对牛顿第三定律的理解
考点阐释
不同点
(2)牛顿第三定律说明了作用力和反作用力中，若一个产生或消失， 则另一个必然同时产生或消失．
D．摩托车转弯时，车手一方面要控制适当的速度，另一方面要 制适当的速度，另一方面要将身体稍微向
将身体稍微向里倾斜，通过调控人和车的惯性达到转弯的目的 里倾斜，调控人和车的重心位置，但整体
答案 解析
的惯性不变，选项D错误．
考点一 对牛顿第一定律的理解
题组设计
3.(2014·高考北京卷)伽利略创造的
把实验、假设和逻辑推理相结合的
用细绳把小球悬挂起来，当小球静止时，下列
说法中正确的是
()
A．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一 对作用力和反作用力
B．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一 对作用力和反作用力
C．小球受到的重力和细绳对小球的拉力是一 对平衡力
D．小球受到的重力和小球对细绳的拉力是一 对平衡力
答案 解析 图片显/隐
考
考点一 对牛顿第一定律的理解
点 考点二 对牛顿第三定律的理解
高考物理一轮复习 第三章 牛顿运动定律 第3讲课件
状态 减速下降
上升
或减速上升
原理 F－mg＝ma
mg－F＝ma
mg－F＝ma
方程 F＝m(g＋a)
F＝m(g－a)
F＝0
2.整体法和隔离法 (1)整体法 当连接体内(即系统内)各物体的 加速度 相同时，可以把 系统内的所有物体看成 一个整体 ，分析其受力和运动情况， 运用牛顿第二定律对 整体 列方程求解的方法。 (2)隔离法 当求系统内物体间 相互作用的内力 时，常把某个物体从系 统中 隔离 出来，分析其受力和运动情况，再用牛顿第二定律 对 隔离 出来的物体列方程求解的方法。
核心考点·分类突破——析考点 讲透练足
考点一
超重和失重问题
1．不论超重、失重或完全失重，物体的重力都不变，只是“视
重”改变。
2．在完全失重的状态下，一切由重力产生的物理现象都会完
全消失。
3．尽管物体的加速度不是竖直方向，但只要其加速度在竖直
方向上有分量，物体就会处于超重或失重状态。
4．尽管整体没有竖直方向的加速度，但只要物体的一部分具
[动力学图象问题] 4．从地面以一定的速度竖直向上抛出一小球，小球到达最高点
的时刻为 t1，下落到抛出点的时刻为 t2。若空气阻力的大小恒定，则 在下图中能正确表示被抛出物体的速率 v 随时间 t 的变化关系的图线 是( )
解析：选 C 小球在上升过程中做匀减速直线运动，其加速度为 a1＝mgm＋Ff，下降过程中做匀加速直线运动，其加速度为 a2＝mgm－Ff， 即 a1>a2，且所分析的是速率与时间的关系，故 C 正确。
物体对支持物的
压力(或对悬挂物 压力(或对悬挂物
概念
的拉力) 大于 物 的拉力) 小于
压力(或对悬挂物 物
2019版高考物理一轮复习第三章牛顿运动定律3_1牛顿第一定律牛顿第三定律课件
二、对点微练 1．(牛顿第一定律)下列说法正确的是( ) A．物体不受外力作用时，一定处于静止状态 B．要物体运动必须有力的作用，没有力的作用，物体将静止 C．要物体静止必须有力的作用，没有力的作用，物体将运动 D．物体不受外力作用时，总保持原来的匀速直线运动状态或静止状态
解析
力是改变物体运动状态的原因，而不是维持物体运动状态的原
必考部分
第三章 牛顿运动定律
★★★考情微解读★★★
第 1讲 牛顿第一定律 牛顿第三定律
微知识·对点练
微考点·悟方法 微专题·提素养 微考场·提技能
微知识· 对点练 学生用书P037
微知识 1 牛顿第一定律 1．内容：一切物体总保持
匀速直线运动 状态或 静止 状态，除非作
用在它上面的力迫使它改变这种状态。 2．成立条件：物体不受外力作用。 3．意义 (1)指出了一切物体都有 惯性 ，因此牛顿第一定律又叫 惯性定律 (2)指出力不是 维持 物体运动状态的原因，而是 改变 加速度 的原因，即产生 的原因。 。 物体运动状态
解析 砖对手的压力与手对砖的支持力是一对作用力和反作用力，其
)
大小一定相同，故 A、C 项错误，B 项正确；当手突然向上加速时，砖的 加速度方向向上，故有手对砖的支持力大小大于砖的重力大小，再由牛顿 第三定律可得， 砖对手的压力大小也一定大于砖的重力大小， 故 D 项正确。 答案 BD
微考点· 悟方法 学生用书P038
【反思总结】 1．应用牛顿第一定律分析实际问题时，要把生活感受和理论问题联系进 来深刻认识力和运动的关系，正确理解力不是维持物体运动状态的原因。克服 生活中一些错误的直观印象，建立正确的思维习惯。 2．如果物体的运动状态发生改变，则物体受到的合外力必然不为零。因 此，判断物体的运动状态是否改变，以及如何改变，应分析物体的受力情况。
高考物理一轮复习第3章牛顿运动定律课件
(1)可能一直加速 (2)可能先加速后匀速(3) 可能先以a1加速后以a2加 速
第十六页，共31页。
项目 情景3 情景4
图示
滑块可能的运动情况
(1)可能一直加速 (2)可能先加速后匀速 (3)可能一直匀速 (4)可能先以a1加速后以a2加速
(1)可能一直加速 (2)可能一直匀速 (3)可能先减速后反向加速
B．若传送带逆时针方向运行(yùnxíng)且保持速率不变， 则物体可能先向右做匀减速运动直到速度减为零，然后向左加 速，因此不能滑过B点
C ． 若 传 送 带 顺 时 针 方 向 运 行 (yùnxíng) ， 当 其 运 行 (yùnxíng)速率(保持不变)v＝v0时，物体将一直做匀速运动滑 过B点，用时一定小于t0
D ． 若 传 送 带 顺 时 针 方 向 运 行 (yùnxíng) ， 当 其 运 行 (yùnxíng)速率(保持不变)v>v0时，物体一定向右一直做匀加速 运动滑过B点，用时一定小于t0
第十九页，共31页。
[解析] 传送带静止时，有12mv2B－21mv20＝－μmgL，即 vB ＝ v20－2μgL，物体做减速运动，若传送带逆时针运行，物体 仍受向左的摩擦力 μmg，同样由上式分析，一定能匀减速至右 端，速度为 vB，不会为零，用时也一定仍为 t0，故选项 A 对， 而 B 错；若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)v ＝v0 时，物体将不受摩擦力的作用，一直做匀速运动滑至 B 端， 因为匀速通过，故用时一定小于 t0，故选项 C 正确；当其运行 速率(保持不变)v>v0 时，开始物体受到向右的摩擦力的作用， 做加速运动，运动有两种可能：
第四页，共31页。
(1)木板与地面间的动摩擦因数(yīnshù)μ1及小物块与木板 间的动摩擦因数(yīnshù)μ2；
第十六页，共31页。
项目 情景3 情景4
图示
滑块可能的运动情况
(1)可能一直加速 (2)可能先加速后匀速 (3)可能一直匀速 (4)可能先以a1加速后以a2加速
(1)可能一直加速 (2)可能一直匀速 (3)可能先减速后反向加速
B．若传送带逆时针方向运行(yùnxíng)且保持速率不变， 则物体可能先向右做匀减速运动直到速度减为零，然后向左加 速，因此不能滑过B点
C ． 若 传 送 带 顺 时 针 方 向 运 行 (yùnxíng) ， 当 其 运 行 (yùnxíng)速率(保持不变)v＝v0时，物体将一直做匀速运动滑 过B点，用时一定小于t0
D ． 若 传 送 带 顺 时 针 方 向 运 行 (yùnxíng) ， 当 其 运 行 (yùnxíng)速率(保持不变)v>v0时，物体一定向右一直做匀加速 运动滑过B点，用时一定小于t0
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[解析] 传送带静止时，有12mv2B－21mv20＝－μmgL，即 vB ＝ v20－2μgL，物体做减速运动，若传送带逆时针运行，物体 仍受向左的摩擦力 μmg，同样由上式分析，一定能匀减速至右 端，速度为 vB，不会为零，用时也一定仍为 t0，故选项 A 对， 而 B 错；若传送带顺时针方向运行，当其运行速率(保持不变)v ＝v0 时，物体将不受摩擦力的作用，一直做匀速运动滑至 B 端， 因为匀速通过，故用时一定小于 t0，故选项 C 正确；当其运行 速率(保持不变)v>v0 时，开始物体受到向右的摩擦力的作用， 做加速运动，运动有两种可能：
第四页，共31页。
(1)木板与地面间的动摩擦因数(yīnshù)μ1及小物块与木板 间的动摩擦因数(yīnshù)μ2；
高三物理一轮总复习 第3章《牛顿运动定律》3 牛顿运动定律的综合应用课件 新人教版
变式训练 2 质量分别为 m 和 2m 的物块 A、B 用轻弹簧相连， 设两物块与接触面间的动摩擦因数都相同．当用水平力 F 作用于 B 上 且两物块在粗糙的水平面上共同向右加速运动时，弹簧的伸长量为 x1， 如图甲所示；当用同样大小的力 F 竖直向上以相同的加速提升两物块 时，弹簧的伸长量为 x2，如图乙所示；当用同样大小的力 F 沿固定斜 面向上拉两物块使之共同加速运动时，弹簧的伸长量为 x3，如图丙所 示，则 x1∶x2∶x3 等于( )
[思维诊断] (1)超重说明物体的重力增大了．( × ) (2)失重说明物体的重力减小了．( × ) (3)物体处于超重时，加速度向上，速度也一定向上．( × ) (4)应用牛顿运动定律进行整体分析时，一定要分析内力．( × )
考点一 对超重、失重的理解 1.判断方法： (1)不管物体的加速度是不是竖直方向，只要其加速度在竖直方向 上有分量，物体就会处于超重或失重状态． (2)物体的一部分具有竖直方向的分加速度时，整体也会处于超重 或失重状态． 2．易错易混点拨： (1)超重并不是重力增加了，失重并不是重力减小了，完全失重也 不是重力完全消失了．在发生这些现象时，物体的重力依然存在，且 不发生变化，只是物体对支持物的压力(或对悬挂物的拉力)发生变化． (2)在完全失重的状态下，平常一切由重力产生的物理现象都会完 全消失，如天平失效、浸在水中的物体不再受浮力、液体柱不再产生 压强等．
[答案] D
变式训练 1 (多选)某人在地面上用弹簧秤称得其体重为 490 N．他将弹簧秤移至电梯内称其体重．t0 至 t3 时间段内，弹簧秤的示数 如图甲所示，电梯运行的 v－t 图象可能是图乙中的(取电梯向上运动的 方向为正)( )
【解析】 本题考查超重和失重问题，意在考查学生利用速度— 时间图象处理问题的能力．从图可以看出，t0～t1 时间内，该人的视重 小于其重力，t1～t2 时间内，视重正好等于其重力，而在 t2～t3 时间内， 视重大于其重力，根据题中所设的正方向可知，t0～t1 时间内，该人具 有向下的加速度，t1～t2 时间内，该人处于平衡状态，而在 t2～t3 时间 内，该人则具有向上的加速度，所以可能的图象为 AD.
2019届高考一轮复习物理(经典版)课件：第3章 牛顿运动定律3-3
例1
[ 2 0 1 4 · 北 京 高 考 ]应 用 物 理 知 识 分 析 生 活 中 的 常 见
现 象 ， 可 以 使 物 理 学 习 更 加 有 趣 和 深 入 。 例 如 平 伸 手 掌 托 起 物 体 ， 由 静 止 开 始 竖 直 向 上 运 动 ， 直 至 将 物 体 抛 出 。 对 此 现 象 分 析 正 确 的 是 ( )
板块一
板块二
板块三
高考一轮总复习 ·物理 （经典版）
尝 试 解 答
选 D。
手 托 物 体 抛 出 的 过 程 ， 必 有 一 段 加 速 过 程 ， 其 后 可 以 减 速 ， 可 以 匀 速 ， 当 手 和 物 体 匀 速 运 动 时 ， 物 体 既 不 超 重 也 不 失 重 ； 当 手 和 物 体 减 速 运 动 时 ， 物 体 处 于 失 重 状 态 ， 选 项 错 误 ； 物 体 从 静 止 到 运 动 ， 必 有 一 段 加 速 过 程 ， 此 过 程 物 体 B错 误 ； 当 物 体 离 开 手 的 瞬 间 ， 物 体 只 C错 误 ； 处 于 超 重 状 态 ， 选 项 A
15
板块一
D正 确 。
板块二 板块三
高考一轮总复习 ·物理 （经典版）
总 结 升 华 判 断 超 重 和 失 重 现 象 的 技 巧 首 先 对 物 体 的 运 动 状 态 进 行 分 析 ， 其 次 判 断 加 速 度 的 方 向 。 当 物 体 具 有 向 上 的 加 速 度 (或 具 有 向 上 的 加 速 度 分 量 )时 处于超重状态，具有向下的加速度(或具有向下的加速度分 量)时处于失重状态，向下的加速度为重力加速度时处于完 全 失 重 状 态 。 如 手 托 物 体 竖 直 向 上 抛 出 必 有 一 段 加 速 过 程 ， 且 加 速 度 向 上 ， 物 体 处 于 超 重 状 态 。
高三物理一轮复习第三章第3讲牛顿运动定律的综合应用课件
方程
mg－F＝ma
mg－F＝ma＝mg F＝0
运动 加速 上升或减速 加速 下降或 减速上升 以a＝g的加速度 加速 下降或
状态 下降
减速 上升
12/9/2021
第三页，共三十五页。
二、牛顿运动定律的应用 1．整体法：当连接体内(即系统内)各物体的 加速度 相同时，可以把系统内的所有 物体看成一个整体，分析其受力和运动情况，运用牛顿第二定律对 整体 列方程求 解的方法． 2．隔离法：当求系统内物体间相互作用的内力时，常把某个物体从系统中 隔离 出来，分析其受力和运动情况，再用牛顿第二定律对 隔离 出来的物体列方程求解 的方法． 3．外力和内力 (1)外力：系统外的物体对 研究对象 的作用力． (2)内力：系统内 物体间 的作用力．
[答案] ACD
12/9/2021
第二十一页，共三十五页。
[规律总结] 解决图象信息题要抓住两要点
(1)读图，要抓住图象的起点、斜率、截距、折点及面积对应的物理意义． (2)建关系，要明确物体运动满足的物理规律和图象函数的相对应关系．
12/9/2021
第二十二页，共三十五页。
1．[由题目条件确定物理量的变化] (2018·高考全国卷Ⅰ)如图，轻弹簧的下端固定在水 平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使 其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表
12/9/2021
第四页，共三十五页。
■判一判 记一记 易错易混 判一判
(1)物体超重时，加速度向上，速度也一定向上．( × ) (2)减速下降的物体处于失重状态．( × ) (3)加速度大小等于g的物体处于完全失重状态．( × ) (4)超重就是物体的重力增加了，失重就是物体的重力减少了．( × )
mg－F＝ma
mg－F＝ma＝mg F＝0
运动 加速 上升或减速 加速 下降或 减速上升 以a＝g的加速度 加速 下降或
状态 下降
减速 上升
12/9/2021
第三页，共三十五页。
二、牛顿运动定律的应用 1．整体法：当连接体内(即系统内)各物体的 加速度 相同时，可以把系统内的所有 物体看成一个整体，分析其受力和运动情况，运用牛顿第二定律对 整体 列方程求 解的方法． 2．隔离法：当求系统内物体间相互作用的内力时，常把某个物体从系统中 隔离 出来，分析其受力和运动情况，再用牛顿第二定律对 隔离 出来的物体列方程求解 的方法． 3．外力和内力 (1)外力：系统外的物体对 研究对象 的作用力． (2)内力：系统内 物体间 的作用力．
[答案] ACD
12/9/2021
第二十一页，共三十五页。
[规律总结] 解决图象信息题要抓住两要点
(1)读图，要抓住图象的起点、斜率、截距、折点及面积对应的物理意义． (2)建关系，要明确物体运动满足的物理规律和图象函数的相对应关系．
12/9/2021
第二十二页，共三十五页。
1．[由题目条件确定物理量的变化] (2018·高考全国卷Ⅰ)如图，轻弹簧的下端固定在水 平桌面上，上端放有物块P，系统处于静止状态，现用一竖直向上的力F作用在P上，使 其向上做匀加速直线运动，以x表示P离开静止位置的位移，在弹簧恢复原长前，下列表
12/9/2021
第四页，共三十五页。
■判一判 记一记 易错易混 判一判
(1)物体超重时，加速度向上，速度也一定向上．( × ) (2)减速下降的物体处于失重状态．( × ) (3)加速度大小等于g的物体处于完全失重状态．( × ) (4)超重就是物体的重力增加了，失重就是物体的重力减少了．( × )
高考物理一轮总复习 必修部分 第3章 牛顿运动定律 第3讲 牛顿运动定律的综合应用课件
2．超重、失重和完全失重的比较
知识点 2 牛顿定律的应用 Ⅱ 整体法和隔离法
(1)整体法 当连接体内(即系统内)各物体的 加速度 相同时，可以把系统内的所有物体看成一个 整体 ，分析 其受力和运动情况，运用牛顿第二定律对 整体 列方程求解的方法。
(2)隔离法 当求系统内物体间相互作用的 内力 时，常把某个物体从系统中 隔离 出来，分析其受力和运动情 况，再用牛顿第二定律对 隔离 出来的物体列方程求解的方法。
1．[2015·贵州五校联考]如图所示，与轻绳相连的物体 A 和 B 跨过定滑轮，质量 mA<mB，A 由静止释 放，不计绳与滑轮间的摩擦，则在 A 向上运动的过程中，轻绳的拉力( )
总结升华
判断超重和失重现象的三个技巧 (1)从受力的角度判断 当物体受向上的拉力(或支持力)大于重力时，物体处于超重状态；小于重力时处于失重状态，等于零 时处于完全失重状态。 (2)从加速度的角度判断 当物体具有向上的加速度时处于超重状态，具有向下的加速度时处于失重状态，向下的加速度为重力 加速度时处于完全失重状态。 (3)从速度变化角度判断 ①物体向上加速或向下减速时，超重； ②物体向下加速或向上减速时，失重。
(1)手托物体向上运动的过程，始终加速吗？ 提示：不是，可以减速。
(2)物体离开手的瞬间，受什么力的作用？ 提示：只受重力作用。
尝试解答 选 D。 手托物体抛出的过程，必有一段加速过程，其后可以减速，可以匀速，当手和物体匀速运动时，物体 既不超重也不失重；当手和物体减速运动时，物体处于失重状态，选项 A 错误；物体从静止到运动，必有 一段加速过程，此过程物体处于超重状态，选项 B 错误；当物体离开手的瞬间，物体只受重力，此时物体 的加速度等于重力加速度，选项 C 错误；手和物体分离之前速度相同，分离之后手速度的变化率比物体速 度的变化率大，物体离开手的瞬间，手的加速度大于重力加速度，故 D 正确。
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1 1 注意：若 a 与m是正比关系，则 a－m图象是直线；而若 a 与 m 是反比 关系，则 a－m 图象是曲线.在研究两个量的关系时，根据直线更易确定 1 两者之间的关系，故本实验是作 a－m图象.
2.误差分析
(1)质量的测量、纸带上所打的各点间的距离的测量、拉线或纸带不与木板
平行等都会造成误差.
自主悟透
例1
如图2所示的实验装置可以验证牛顿运动定律，小车上固定一个盒子，
盒子内盛有沙子.沙桶的总质量(包括桶以及桶内沙子质量)记为m，小车的
总质量(包括车、盒子及盒内沙子质量)记为M.
图2
(1)验证在质量不变的情况下，加速度与合外力成正比：从盒子中取出一
ห้องสมุดไป่ตู้
些沙子，装入沙桶中，称量并记录沙桶的总重力mg，将该力视为合外力
(2)安装：按照如图1所示装置把实验器
材安装好，只是不把悬挂小盘的细绳系
在小车上(即不给小车 牵引力 ).
(3)平衡摩擦力：在长木板的不带定滑轮的一 端下面垫上一块薄木块，使小车能 匀速 下滑. 图1
放开小 (4)操作：①小盘通过细绳绕过定滑轮系于小车上，先 接通电源 后______
车 ，断开电源，取下纸带编号码. ②保持小车的质量m不变，改变小盘和
答案
(2)验证在合外力不变的情况下，加速度与质量成反比：保持沙桶总质量 m不变，在盒子内添加或去掉一些沙子，验证加速度与质量的关系.本次 实验中，桶内的沙桶总质量不变，故系统所受 的合外力不变.用图象法处理数据时，以加速度 M＋m 的倒数为横轴. a为纵轴，应该以______ 解析 向小车内添加或去掉部分沙子，是改变系统的总质量M＋m，而系
统的合外力仍等于所悬挂沙桶的总重力mg，保证了合外力不变，所以用 1 图象法处理数据时，以加速度a为纵轴，应该以 为横轴. M＋m
解析 答案
命题点二 数据处理与误差分析
能力考点
师生共研
1.数据处理
(1)先在纸带上标明计数点，测量各计数点间的距离，根据公式a＝
加速度.
Δx 2 计算 T
(2)需要记录各组对应的加速度a与小车所受的牵引力F，然后建立直角坐
2.实验原理
采用 控制变量 法：
(1)保持质量不变，探究加速度跟 合外力 的关系.
(2)保持合外力不变，探究加速度与 质量 的关系. 1 (3)作出 a－F 图象和 a－m图象，确定其关系.
3.实验器材 小车、砝码、小盘、细绳、一端附有定滑轮的长木板、垫木、打点计时 器、 低压交流电源 、导线两根、纸带、天平、米尺. 4.实验步骤 (1)测量：用天平测量小盘和砝码的质量 m′和小车的质量m.
F，对应的加速度 a则从打下的纸带中计算得出 .多次改变合外力 F的大小，
每次都会得到一个相应的加速度 .本次实验中，桶内的沙子取自小车中，
故系统的总质量不变，以合外力F为横轴，以加速度a为纵轴，画出a－F
图象，图象是一条过原点的直线.
1 M＋m ①a－F图象斜率的物理意义是________.
解析
答案
的细绳系在小车上，让小车拉着穿过打点计时器的纸带匀速运动.
(2)不重复平衡摩擦力.
(3)实验条件： m≫m′ .
(4)一先一后一按：改变拉力和小车质量后，每次开始时小车应尽量靠
近 打点计时器 ，并应先接通电源，后释放小车，且应在小车到达滑
轮前按住小车.
6.误差分析 (1)实验原理不完善：本实验用小盘和砝码的总重力m′g代替小车所受的 拉力，而实际上小车所受的拉力要 小于 小盘和砝码的总重力. (2)摩擦力平衡不准确、质量测量不准确、计数点间距测量不准确、纸带 和细绳不严格与 木板 平行都会引起误差.
砝码的质量m′，重复步骤①.
③在每条纸带上选取一段比较理想的部
分，测加速度a.
④描点作图，作a－F的图象.
⑤保持小盘和砝码的质量m′不变，改变 1 小车质量m，重复步骤①和③，作a－ 图象. m
5.注意事项
(1)平衡摩擦力：适当垫高木板的右端，使小车的重力沿斜面方向的分
力正好平衡 小车和纸带受到的阻力 .在平衡摩擦力时，不要把悬挂小盘
第三章 牛顿运动定律
实验三 加速度与物体质量、物体受力的关系
内容索引
过好双基关
回扣基础知识 训练基础题目
研透命题点
细研考纲和真题 分析突破命题点
随堂测试
随堂自测 检测课堂学习效果
过好双基关
1.实验目的
(1)学会用控制变量法研究物理规律.
(2)验证牛顿第二定律.
(3)掌握利用图象处理数据的方法.
(2)实验原理不完善引起误差.
通过适当的调节，使小车所受的阻力可忽略，以小车、小盘和砝码整体为研 m 究对象得m0g＝(m＋m0)a，以小车为研究对象得F＝ma，求得 F＝ · m0g m＋m0 1 ＝ m0g<m0g. m0· 1＋ m
本实验用小盘和砝码的总重力m0g代替小车的拉力，而实际上小车所受的 拉力要小于小盘和砝码的总重力 .小盘和砝码的总质量越接近于小车的质 量，误差越大；反之，小盘和砝码的总质量越小于小车的质量，由此引起 的误差就越小 .因此，满足小盘和砝码的总质量远小于小车的质量的目的 就是为了减小因实验原理不完善而引起的误差. (3)平衡摩擦力不准造成误差 .在平衡摩擦力时，除了不挂盘和重物外，其 他的都应跟正式实验一样(比如要挂好纸带、接通打点计时器)，匀速运动 的标志是打点计时器打出的纸带上各点间的距离相等.
②你认为把沙桶的总重力 mg 当作合外力F是
否合理？
合理 填“合理”或“不合理”) 答：_____.( ③本次实验中，是否有必要满足M≫m这样的条件？ 因为实验的研究对象是整个系统， 否 填“是”或“否”)；理由是______________________________ 答：___(
系统受到的合外力就等于mg _________________________.
7.数据处理
(1)利用Δx＝aT2及逐差法求a.
(2)以a为纵坐标、F为横坐标，根据各组数据描点，如果这些点在一条过
原点的直线上，说明a与F成正比. 1 (3)以a为纵坐标、 为横坐标，描点、连线，如果该线为过原点的直线， m 就能判定a与m成反比.
研透命题点
命题点一 实验原理与实验操作
基础考点
标系，用纵坐标表示加速度 a，横坐标表示作用力 F，描点画出 a－F图象，
如果图线是一条过原点的直线，便证明了加速度与作用力成正比 .再记录
各组对应的加速度 a与小车的质量 m，然后建立直角坐标系，用纵坐标表 1 1 示加速度a，横坐标表示小车质量的倒数 ，描点画出a－ 图象，如果图 m m 线是一条过原点的直线，就证明了加速度与质量成反比.