2021年大连市高三双基测试物理参考答案
辽宁省大连市2021届新高考物理第三次调研试卷含解析
辽宁省大连市2021届新高考物理第三次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．下列说法正确的是（ ）A ．2382349290U Th X →+中X 为中子，核反应类型为衰变 B ．234112H H He Y +→+中Y 为中子，核反应类型为人工核转变 C ．14417728N He O Z +→+，其中Z 为氢核，核反应类型为轻核聚变D ．2351136909205438U n Xe Sr K +→++，其中K 为10个中子，核反应类型为重核裂变【答案】D 【解析】 【分析】 【详解】A ．238234492902U Th He →+，核反应类型为衰变，选项A 错误；B ．23411120H H He n +→+，核反应类型为轻核聚变，选项B 错误；C ．1441717281N He O H+→+，核反应类型为人工转变，选项C 错误； D ．235113690192054380U n Xe Sr 10n +→++，核反应类型为重核裂变，选项D 正确。
故选D 。
2．如图所示，斜面体放在水平地面上，物块在一外力F 的作用下沿斜面向下运动，斜面体始终保持静止，则( )A ．若物块做加速运动，地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向左B ．若物块做加速运动，地面对斜面体的摩擦力方向一定水平向右C ．若物块做减速运动，地面对斜面体的摩擦力方向水平向左D ．若物块做减速运动，地面对斜面体的摩擦力方向水平向右 【答案】D 【解析】当物块与斜面间的动摩擦因数μ＝tanθ时，则物块对斜面体的压力、摩擦力的水平分量大小相等，斜面体不受地面的摩擦力；μ>tanθ时，物块对斜面体的摩擦力的水平分量大于压力的水平分量，地面对斜面体有向右的摩擦力；μ<tanθ时，地面对斜面体有向左的摩擦力．当物块沿斜面向下加速运动时，μ的大小与tanθ的关系无法确定，故地面对斜面体的摩擦力方向无法确定，故A 、B 均错；但当物块沿斜面向下减速运动时，则μ>tanθ，地面对斜面体的摩擦力一定向右，即C 错误，D 正确．故选D.点睛：此题首先要知道斜面体与水平面无摩擦力的条件，即μ＝tanθ，然后根据物体的运动情况确定摩擦力μmgcosθ和mgsinθ的关系.3．我国自主建设、独立运行的北斗卫星导航系统由数十颗卫星构成，目前已经向一带一路沿线国家提供相关服务。
辽宁省2021届高三上学期测评考试物理Word版含答案
2021～2021学年度高三上学期测评考试物理试题考生注意：1.本试卷分选择题和非选择题两局部。
总分值100分，考试时间90分钟。
2.答题前，考生务必用直径0.5毫米黑色墨水签字笔将密封线内工程填写清楚。
3.考生作答时，请将答案答在答题卡上。
选择题每题选出答案后，用2B铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑；非选择题请用直径0.5毫米黑色墨水签字笔在答题卡上各题的答题区域内作答，超出答题区域书写的答案无效，在试题卷、草稿纸上作答无效．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．．。
4.本卷命题范围：高考范围。
一、单项选择题：此题共8小题，每题3分，共24分。
在每题给出的四个选项中，只有一项为哪一项符合题目要求的。
1.在增殖反响堆中，铀238吸收快中子后变成铀239，铀239很不稳定，经过两次β衰变后变成钚239，与上述反响过程无关的核反响方程式是A.23892U＋1n→23992UB.23994Pu→23592U＋42HeC.23993Np→23994Pu＋01-eD.23992U→23993Np＋01-e2.如下图，假设“运－20〞起飞前沿地面做匀加速直线运动，加速过程中连续经过两段均为120m的测试距离，用时分别为2s和1s，那么“运－20〞的加速度大小是22223.如下图，垫球是排球运动中通过手臂的迎击动作，使来球从垫击面上反弹出去的一项击球技术。
假设某次从垫击面上反弹出去竖直向上运动的排球，之后又落回到原位置，设整个运动过程中排球所受阻力大小不变，那么A.球从击出到落回的时间内，重的力冲量为零B.球从击出到落回的时间内，空气阻力的冲量为零4.在双缝干预实验中，光屏上某点P到双缝S1、S2×10－2×1014Hz的单色光照射双缝，那么×10－7m；P点出现暗条纹×10－7m；P点出现亮条纹×10－7m；P点出现暗条纹×10－7m；P点出现亮条纹5.如下图，空间有方向垂直桌面的匀强磁场B(图中未画出)，两根平行通电金属直导线M和N恰好静止在光滑绝缘的水平桌面上，图中为垂直导线的截面图，M 和N 中电流大小分别为I M 、I N 那么以下判断可能正确的选项是A.电流方向相同、I M ＝I N ，B 方向竖直向上B.电流方向相同、I M ≠I N ，B 方向竖直向下、I M ≠I N ，B 方向竖直向上、I M ＝I N ，B 方向竖直向下t ＝0时的波形图，此时质点Q 从平衡位置向y 轴负方向运动，当t ＝3.5s 时，质点Q 恰好第2次到达波峰。
辽宁省大连市(金普新区)普通高中2021届高三毕业班下学期双基测试物理试题及答案
绝密★启用前辽宁省大连市(金普新区)普通高中2021届高三毕业班下学期双基测试物理试题注意事项：1．本试卷分第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分。
满分 100 分，考试时间 75分钟。
答卷前，考生务必将自己的姓名、考号填写在答题卡上，并将条形码粘贴在答题卡指定位置。
2．回答第Ⅰ卷时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
写在本试题卷上无效。
3．回答第Ⅱ卷时，用黑色笔写在答题卡指定位置上。
写在本试题卷上无效。
4．考试结束后，考生将答题卡交回。
第Ⅰ卷（选择题 共 46 分）一、选择题（本题共 10 小题。
在每小题给出的四个选项中，第 1～7 题只有一项符合题目要求，每个小题 4 分；第 8～10 题有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有错选或不答的得 0 分）1．如图所示,在离地面一定高度处把 4 个球同时以不同的初速度竖直上抛,不计空气阻力,则 1s 后速率最大的是（ ）2．据报道,香烟会释放一种危险的放射性元素“钋( 210PO 84)”,如果每天抽 1 包香烟,一年后累积的辐射相当于 200 次胸透的辐射。
210PO 84连续发生一次α衰变和一次β衰变后产生了新核,新核的中子数比新核的质子数多（ ）A ．39 个B ．40 个C ．42 个D ．43 个3．为了验证拉住月球使它围绕地球运动的力与拉着苹果下落的力是同一性质的力,同样遵从平方反比定律,牛顿进行了著名的“月地检验”。
已知月地之间的距离为 60R （R 为地球半径）,月球围绕地球公转的周期为 T ,引力常量为 G 。
则下列说法中正确的是（ ）A ．由题中信息可以计算出地球的密度为 23GTπ B ．由题中信息可以计算出月球绕地球公转的线速度大小为2R Tπ C ．月球绕地球公转的向心加速度是在地面附近重力加速度的1 3600D ．物体在月球轨道上受到的地球引力是其在地面附近受到的地球引力的1 60 4．如图所示,在水平向右的匀强电场中有一绝缘斜面,斜面上有一带电金属块沿斜面滑下,已知在金属块滑下的过程中动能增加了 10 J,金属块克服摩擦力做功 2J,重力做功20J,则以下判断正确的是（ ）A ．金属块带正电荷B ．金属块克服电场力做功 8JC ．金属块的电势能减少 12JD ．金属块的机械能减少 8J5．如图所示,倾角为θ＝30°的斜面上,一质量为 4m 的物块经跨过定滑轮的细绳与一质量为 m 的小球相连。
高三双基测试物理试题解析版
B.用天平分别测得小滑块a（含挡光片）和小球b的质量为m1、m2；
C.在a和b间用细线连接，中间夹一被压缩了的水平轻短弹簧，静止放置在平台上；
D.细线烧断后，a、b被弹开，向相反方向运动；
E.记录滑块a离开弹黄后通过光电门时挡光片的遮光时间t ；
F.小球b离开弹簧后从平台边缘飞出，落在水平地面的B点，测出平台距水平地面的高度h及B点与平台边缘铅垂线之间的水平距离x0；
B．根据开普勒第三定律：
图中半长轴和半径的关系 ，绕同一中心天体，所以 ，B正确；
D．若轨道I贴近火星表面，轨道半径近似为火星半径，万有引力提供向心力：
火星密度：
解得： ，可以求出火星密度，D正确。
故选BD。
8. 自行车速度计利用霍尔效应传感器获知自行车的运动速率。如图甲所示，自行车前轮上安装一块磁铁，轮子每转一圈，这块磁铁就靠近传感器一次，传感器会输出一个脉冲电压。图乙为霍尔元件的工作原理图。当磁场靠近霍尔元件时，导体内定向运动的自由电荷在磁场力作用下偏转，最终使导体在与磁场、电流方向都垂直的方向上出现电势差，即为霍尔电势差。下列说法正确的是（ ）
B. 在光电效应实验中，只增加入射光的强度，饱和光电流不变
C. 在核反应方程 中，X表示的是中子
D. 根据玻尔理论，处于基态的氢原子吸收光子发生跃迁后，其电子的动能减少
【答案】D
【解析】
【详解】A．β衰变的实质是原子核内的一个中子转化为一个质子和一个电子，所以电子不是原子核的组成部分，A错误；
B．在发生光电效应的前提下，增大入射光的强度，光子数目增加，激发的光电子数目增加，所以饱和光电流增大，B错误；
故选AD。
9. —带负电的粒子只在电场力作用下沿x轴正方向运动，其电势能EP随位移x变化的关系如图所示，其中0～x2段是关于直线x=x1对称的曲线，x2～x3段是直线，则下列说法正确的是（ ）
辽宁省大连市2021届新高考物理第二次调研试卷含解析
辽宁省大连市2021届新高考物理第二次调研试卷一、单项选择题：本题共6小题，每小题5分，共30分．在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的1．如图所示，轻质弹簧一端固定，另一端与一质量为m 、套在粗糙竖直固定杆A 处的圆环相连，弹簧水平且处于原长。
圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，到达C 处的速度为零，AC h =，此为过程Ⅰ；若圆环在C 处获得一竖直向上的速度v ，则恰好能回到A 处，此为过程Ⅱ．已知弹簧始终在弹性范围内，重力加速度为g ，则圆环（ ）A ．过程Ⅰ中，加速度一直减小B ．Ⅱ过程中，克服摩擦力做的功为212mv C ．在C 处，弹簧的弹性势能为214mv mgh - D ．过程Ⅰ、过程Ⅱ中克服摩擦力做功相同【答案】D【解析】【分析】【详解】A ．圆环从A 处由静止开始下滑，经过B 处的速度最大，则经过B 处的加速度为零，到达C 处的速度为零，所以圆环先做加速运动，再做减速运动，所以加速度先减小，后增大，故A 错误；BCD ．在过程Ⅰ、过程Ⅱ中，圆环经过同一位置所受的摩擦力大小相等，则知在两个过程中，克服摩擦力做功相同，设为f W ，研究过程Ⅰ，运用动能定理列式得0f mgh W W --=弹研究过程Ⅱ，运用动能定理列式得2102f mgh W W mv --+=-弹 联立解得克服摩擦力做的功为214f W mv = 弹簧弹力做功214W mgh mv =-弹 所以在C 处，弹簧的弹性势能为214P E W mgh mv ==-弹 故B 、C 错误，D 正确；故选D 。
2．如图所示，一个钢球放在倾角为30︒的固定斜面上，用一竖直的挡板挡住，处于静止状态。
各个接触面均光滑。
关于球的重力大小G 、球对斜面的压力大小F N1、球对挡板的压力大小F N2间的关系，正确的是（ ）A ．F N1>GB ．F N2>GC ．F N2=GD ．F N1<F N2【答案】A【解析】【分析】【详解】以球为研究对象，球受重力、斜面和挡板对球体的支持力F 1和F 2，由平衡条件知，F 1和F N2的合力与G 等大、反向、共线，作出力图如图所示，根据平衡条件，有123cos30G G F ︒== 23tan 30F G ︒==根据牛顿第三定律可知，球对斜面的压力大小N113cos303G G F F G ︒===> 球对挡板的压力大小N223tan 303F FG G G ︒===< 则N1N2F F >故A 正确，BCD 错误。
辽宁省大连市第六中学2021年高三物理测试题含解析
辽宁省大连市第六中学2021年高三物理测试题含解析一、选择题：本题共5小题，每小题3分，共计15分．每小题只有一个选项符合题意1. 为了解释地球的磁性，19世纪安培假设：地球的磁场是由绕过地心的轴的环形电流，引起的。
在下列四个图中，正确表示安培假设中环形电流I方向的是参考答案：B地磁的南极在地理北极的附近，故在用安培定则判定环形电流的方向时右手的拇指必需指向南方；而根据安培定则：拇指与四指垂直，而四指弯曲的方向就是电流流动的方向，故四指的方向应该向西．故B正确．2. A．B两物体在同一直线上运动，它们的速度－时间图象如图所示。
在t1时刻，下列叙述正确的是A．A．B两物体的速度大小相等，方向相反B．A．B两物体的速度大小相等，方向相同C．A．B两物体在0-t1时间内的位移相同D．A．B两物体在t1时刻相遇参考答案：B3. “自由落体”演示实验装置如图所示，当牛顿管被抽成真空后，将其迅速倒置，管内两个轻重不同的物体从顶部下落到底端，下列说法正确的是（）A．真空环境下，物体的重力变为零B．重的物体加速度大C．轻的物体加速度大D．两个物体同时落到底端参考答案：D【考点】自由落体运动．【分析】轻重不同的物体在真空管中，不受阻力，做自由落体运动．根据h=比较运动的时间．【解答】解：真空中轻重不同的两物体均做自由落体运动，加速度相同，均为g，高度相同，根据h=知，运动时间相等，即两个物体同时落地．故D正确，A、B、C错误．故选：D．4. (单选)如图所示,倾角为θ的斜面体C置于水平面上,B置于斜面上,通过细绳跨过光滑的定滑轮与A相连接,连接B的一段细绳与斜面平行,A、B、C都处于静止状态,则()A.B受到C的摩擦力一定不为零B.C受到水平面的摩擦力一定为零C.不论B、C间摩擦力大小、方向如何,水平面对C的摩擦力方向一定向左D.水平面对C的支持力与B、C的总重力大小相等参考答案：B5. 如图4所示，电场中的一簇电场线关于y轴对称分布，0点是坐标原点，M、N、P、Q是以0为圆心的一个圆周上的四个点，其中M、N在y轴上，Q点在x轴上，则 ( )A.M点电势比P点电势高B.OM间的电势差等于NO间的电势差C.一正电荷在0点的电势能小于在Q点的电势能D.将一负电荷从M点移到P点，电场力做正功参考答案：D二、填空题：本题共8小题，每小题2分，共计16分6. 密闭在钢瓶中的理想气体,温度升高时压强增大. 从分子动理论的角度分析,这是由于分子热运动的__________增大了. 该气体在温度T1、T2时的分子速率分布图象如题12A-1图所示,则T1______(选填“大于”或“小于”)T2.参考答案：平均动能,小于7. 如图所示，物理兴趣小组用如图测物块A与桌面间动摩擦因数μ，按图连接好装置，托住A，绳恰绷直．由P点静止释放，B落地后不反弹，最终m停在Q点．测出B下落高度h，和PQ间距离s．已知A．B质量均为m，则μ=，若考虑定滑轮的转动的动能，测量值____真实值．（选填偏大、不变、偏小）参考答案：；偏大【考点】探究影响摩擦力的大小的因素．【分析】在B下落过程中，对整体受力分析，根据动能定理求得落地的速度，B落地后，对A受力分析，根据动能定理，即可求得摩擦因数；由于在运动过程中有空气阻力，即可判断【解答】解：在B落地瞬间前，在整个过程中根据动能定理可知B落地后，对A有动能定理可知联立解得μ=由于在下落过程中没有考虑空气阻力，故测量值比真实值偏大故答案为：；偏大23、如图所示，一名消防队员在模拟演习训练中，沿着长为12m的竖立在地面上的钢管住下滑．已知这名消防队员的质量为60㎏，他从钢管顶端由静止开始先匀加速再匀减速下滑，滑到地面时速度恰好为零。
辽宁省普通高中高三物理上学期学业质量监测考试试题(含解析)
一、选择题
1.如图所示：一重为G的光滑均匀球体静止于墙面和矩形物块之间，球与物块接触点为P，球的重心为O，PO连线方向与竖直方向的夹角为θ，下列最新球的受力的说法正确的是：
A. 物块对球的弹力大小为G，方向竖直向上
B. 墙面对球的弹力大小为Gtanθ，方向水平向右
C．发生光电效应的时间极短，即逸出光电子在瞬间完成，与光的频率无关，故C错误；
D．光的强度
可知强度相同的黄光和紫光，因黄光的频率小，光子数n较多，理论上一个光子能被一个电子吸收变成光电子，由光电流大小：
可得，单位时间内黄光照射产生的光电子数n较多，其光电流较大，D错误；
故选B。
5.如图所示电路中，R是光敏电阻，阻值随光强的增加而减小，闭合开关k后在光强增加时，下列判断正确的是：
CD．若汽车的功率减小为 ，则牵引力小于阻力，汽车将减速，速度减小，由
可知牵引力增大，加速度减小，当牵引力增大到等于阻力时，以速度 做匀速直线运动，则C项中v-t图像中的斜率表示加速度逐渐减小，D项中的斜率错误，故C正确，D错误。
故选ABC。
B的有界匀强磁场区域，磁场方向如图所示，有一边长为L、电阻为R、粗细均匀的正方形金属线框abcd置于匀强磁场区域中，ab边跟磁场的右边界平行，若金属线框在外力作用下以速度v向右匀速运动，下列说法正确的是：
A. 当ab边刚离开磁场时，cd边两端的电压为
B. 从ab边到磁场的右边界到cd边离开磁场的过程中，外力所做的功为
C. 从ab边到磁场的右边界到cd边离开磁场的过程中，外力做功的功率为
D. 从ab边到磁场的右边界到cd边离开磁场的过程中，通过线框某一截面的电量为
解析辽宁省大连市2021年高三第二次模拟考试理综物理试题
202１年辽宁省大连市高考物理二模试卷一、选择题:本题共8小题,每小题6分,共48分．其中1～5小题在给出的四个选项中，只有一个选项正确，６～8小题在给出的四个选项中，有多个选项正确,全部选对的得6分,选对但不全的得３分,选错或不答的得０分．1．(6分)如图所示，固定斜面c上放有两个完全相同的物体a、b，两物体间用一根细线连接,在细线的中点加一与斜面垂直的拉力F,使两物体均处于静止状态.下列说法正确的是( )A. c受到地面的摩擦力向左B．a、b两物体的受力个数一定相同C．ａ、b两物体对斜面的压力相同D. 当逐渐增大拉力F时,物体b受到斜面的摩擦力一定逐渐增大【考点】：共点力平衡的条件及其应用．【专题】：共点力作用下物体平衡专题．【分析】:对a、b、c整体分析考虑地面对物体c的静摩擦力方向；再对ａ、b分别进行受力分析,a、ｂ两个物体都处于静止状态,受力平衡，把绳子和力T和重力mg都分解到沿斜面方向和垂直于斜面方向,根据共点力平衡列式分析即可．【解析】：解：Ａ、对a、ｂ、c整体分析，受重力、拉力、支持力和静摩擦力,根据平衡条件，地面对整体的静摩擦力一定是向右，故A错误;B、对aｂ进行受力分析，如图所示:b物体处于静止状态,当绳子沿斜面向上的分量与重力沿斜面向下的分量相等时，摩擦力为零,所以b可能只受3个力作用，而ａ物体必定受到摩擦力作用，肯定受４个力作用,故B错误；C、ａb两个物体,垂直于斜面方向受力都平衡,则有:Ｎ+Tsinθ＝mgcosθ解得：N=mgcosθ﹣Tsinθ,则ａ、b两物体对斜面的压力相同,故C正确；Ｄ、当逐渐增大拉力F时,如果Ｔcosθ＞ｍｇｓinθ，则物体ｂ受到的摩擦力可能先减小后反向增加;故Ｄ错误;故选：C【点评】:本题解题的关键是正确对物体进行受力分析,要能结合整体法和隔离法灵活地选择研究对象,能根据平衡条件列式求解,难度不大.2.(6分)如图所示,A、Ｂ两物块质量均为ｍ，用一轻弹簧相连，将A用长度适当的轻绳悬挂于天花板上，系统处于静止状态,B物块恰好与水平桌面接触而没有挤压，此时轻弹簧的伸长量为x，现将悬绳剪断，则下列说法正确的是（)A．悬绳剪断瞬间,A物块的加速度大小为3gＢ．悬绳剪断瞬间，A物块的加速度大小为gC．悬绳剪断后,Ａ物块向下运动距离x时速度最大D. 悬绳剪断后,A物块向下运动距离2x时速度最大【考点】:牛顿第二定律；胡克定律.【专题】：牛顿运动定律综合专题．【分析】:先求出悬绳剪断前弹簧的拉力，再根据牛顿第二定律求出悬绳剪断瞬间A的瞬时加速度.当A物块向下运动到重力和弹力相等时,速度最大.【解析】:解:AB、剪断悬绳前,对Ｂ受力分析,B受到重力和弹簧的弹力，可知弹簧的弹力F ＝mｇ．剪断瞬间，对A分析，Ａ的合力为F合=mg＋F=２mｇ,根据牛顿第二定律，得a=2g.故A、B错误.CD、弹簧开始处于伸长状态，弹力F＝mg=kx．当向下压缩，mｇ=F′=kx′时，速度最大,ｘ′=x，所以下降的距离为２x．故Ｃ错误，D正确．故选:D.【点评】：解决本题关键知道剪断悬绳的瞬间，弹簧的拉力不变，根据牛顿第二定律可以求出瞬时加速度.当弹力和重力相等时,速度最大．３．（6分）某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和理想降压变压器组成.发电机中矩形线圈所围的面积为S,匝数为Ｎ,电阻不计．它可绕水平轴ＯＯ′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动.矩形线圈通过滑环连接变压器．Ｒ0表示输电线的电阻,其它部分电阻忽略不计．以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是( ）Ａ．若发电机线圈某时刻处于图示位置,变压器原线圈的电流瞬时值最小B．经过半个周期,电压表读数为0Ｃ. 发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e=NBSωｓｉｎωｔD．当用户数目增多时,电压表的读数不变，电流表读数变大【考点】:变压器的构造和原理；交流发电机及其产生正弦式电流的原理．【专题】：交流电专题.【分析】:当线圈与磁场平行时，感应电流最大,当两者垂直时，感应电流最小;确定瞬时表达式时,注意线圈开始计时的位置,从而得出正弦还是余弦；根据闭合电路欧姆定律来确定电流随着电阻变化而变化，但不会改变原线圈的电压，从而即可求解.【解析】:解：Ａ、当线圈与磁场平行时,感应电流最大,故A错误;Ｂ、电压表的示数是有效值,不随时间发生变化，故B错误;Ｃ、以线圈平面与磁场平行时为计时起点，感应电动势的瞬时值表达式为e=NＢSωcosωｔ，故C错误;Ｄ、当用户数目增多时，消耗的电功率增大,电流表读数变大，只会改变副线圈的电流，不会改变原线圈的电压，故Ｄ正确．故选：D【点评】：考查瞬时表达式的书写时，关注线圈的开始计时位置，得出最大值，区别与有效值，理解电阻的变化,只会改变电流与功率,不会影响电压的变化．4．（6分)静止在光滑水平面上质量为ｍ的小物块，在直线MN的左边只受到水平力F1作用(小物块可视为质点),在ＭＮ的右边除受F1外还受到与F１在同一条直线上的恒力F2作用，现使小物块由A点从静止开始运动，如图（a）所示,小物块运动的ｖ﹣t图象如图（b）所示，下列说法中正确的是（)Ａ．在B点的右边加速度大小为Ｂ. 小物块在经过B点后向右运动的时间为t3﹣t1C．F2的大小为D. 小物块在B点右边运动的最大距离为【考点】：牛顿第二定律;匀变速直线运动的图像．【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】：由图可知,前０﹣t1内，物体做匀加速直线运动，其加速度a1＝;而t1至t３物体先减速后反向加速，t3后减速;则可判断出物体在t1时刻恰好经过MN,ｔ３又回到MＮ.ｓ根据牛顿第二定律和运动学公式结合分析.【解析】:解:A、图中ｔ1﹣ｔ３时间内物块在ＭN的右方运动,根据图线的斜率等于加速度得:物块在MN的右方加速度大小为：ａ2＝，故A正确;Ｂ、在0﹣t1时间内,物块在MN的左方向右做匀加速运动;在t1﹣t２时间内在MN的右方向右做匀减速直线运动，在ｔ2﹣t3时间内在MN的右方向左做匀加速直线运动,根据运动过程的对称性得知，小物块在经过B点后向右运动的时间为t2﹣t1.故B错误.Ｃ、在0﹣t1时间内，加速度大小为ａ1＝，由牛顿第二定律得：F1=ｍa1,F2﹣Ｆ１＝m ａ2.解得：F2=+,故C错误.D、小物块在B点右边运动的最大距离等于t1﹣t2时间内的位移为:s=，故D错误.故选：A.【点评】:本题结合图象与牛顿运动定律，应通过图象得出物体的运动情况，再由牛顿第二定律即可求得受力情况.５.（６分)宇宙空间有一些星系距离其它星体的距离非常遥远，可以忽略其它星系对它们的作用．今有四颗星体组成一稳定星系,在万有引力作用下运行,其中三颗星体A、B、C位于边长为ａ的正三角形的三个顶点上，沿外接圆轨道做匀速圆周运动,第四颗星体Ｄ位于三角形外接圆圆心，四颗星体的质量均为m，万有引力常量为G,则下列说法正确的是( )A．星体A受到的向心力为(3+）B. 星体A受到的向心力为（3+2）C. 星体B运行的周期为2πａD．星体B运行的周期为２πa【考点】:万有引力定律及其应用.【专题】：万有引力定律的应用专题.【分析】:每颗星做匀速圆周运动，靠另外三颗星万有引力的合力提供向心力,具有相同的角速度，根据合力等于向心力求出周期.【解析】:解:AB、每颗星做匀速圆周运动，靠另外三颗星万有引力的合力提供向心力，故：F n=F AB cos30°+ＦAD＋F AC cos30°=+＋=（3+）①故A正确，Ｂ错误;CD、万有引力提供向心力，故:Ｆｎ=m②联立①②解得:T=2πa故C错误,Ｄ错误；故选:A【点评】：解决该题首先要理解模型所提供的情景，然后能够列出合力提供向心力的公式,才能正确解答题目．6.（6分）如图所示,一小物块在粗糙程度相同的两个固定斜面上从A经B滑动到C，如不考虑在Ｂ点机械能的损失,则（)A．从A到Ｂ和从Ｂ到C，减少的机械能相等B．从A到B和从B到C,增加的动能相等C．从A到Ｂ和从Ｂ到C，摩擦产生的热量相等D. 小物块在B点的动能一定最大【考点】:功能关系;机械能守恒定律．【分析】:对物体受力分析,根据摩擦力的大小的计算方法比较摩擦力的大小;同时由功的计算公式分析摩擦力做功情况;再由动能定理及功能关系分析B点的速度及损失的机械能等．【解析】：解:设斜面与水平面的夹角为θ,则斜面的长度:物体受到的摩擦力：f＝μｍgcosθ，物体下滑的过程中摩擦力做的功:①由上式可知,物体下滑的过程中,摩擦力做功的大小与斜面的倾角无关，与水平位移的大小成正比．A、物体从Ａ到B和从B到C,水平方向的位移大小相等,所以物体克服摩擦力做的功相等,物体减少的机械能相等.故A正确；Ｂ、由图可知,物体从A到B和从Ｂ到C，AB段的高度比较大,所以在ＡB段重力对物体做的功比较大，由动能定理:△Eｋ=W总=W G﹣W f②由①②可知，从A到Ｂ和从Ｂ到Ｃ，AＢ段增加的动能比较大．故B错误;Ｃ、物体从A到B和从Ｂ到C，物体减小的机械能转化为内能，物体减少的机械能相等,所以摩擦产生的热量相等.故C正确;D、物体从Ｂ到Ｃ的过程中,重力对物体做正功，摩擦力对物体做负功，由于不知道二者的大小关系,所以C点的动能也有可能大于物体在Ｂ点的动能．故Ｄ错误.故选：AC【点评】：该题考查摩擦力做功的特点，要求同学们能根据题目正确求出各个阶段摩擦力所做的功，只有明确了摩擦力的做功情况才能正确分析功能关系.7．(6分）如图所示,虚线右侧存在匀强磁场，磁场方向垂直纸面向里,等边三角形金属框电阻为R，边长是L,自线框从左边界进入磁场时开始计时，在外力作用下以垂直于磁场边界的恒定速度v进入磁场区域，ｔ1时刻线框全部进入磁场．规定逆时针方向为感应电流i的正方向．外力大小为Ｆ，线框中电功率的瞬时值为P,在这段时间内通过导体某横截面的电荷量为q，其中C、D图象为抛物线．则这些物理量随时间变化的关系可能正确的是( )A．Ｂ．C． D.【考点】:导体切割磁感线时的感应电动势．【专题】：电磁感应与电路结合.【分析】：由线框进入磁场中切割磁感线,根据运动学公式可知速度与时间关系;再由法拉第电磁感应定律,可得出产生感应电动势与速度关系；由闭合电路欧姆定律来确定感应电流的大小，并由安培力公式可确定其大小与时间的关系；由牛顿第二定律来确定合力与时间的关系；最后电量、功率的表达式来分别得出各自与时间的关系.【解析】:解：线框切割磁感线，设有效长度为L,则:A、线框切割磁感线，产生感应电动势E＝BLv,所以产生感应电流i=＝，线框进入磁场过程，L增大，i变大，ｉ与时间ｔ成正比．故Ａ错误;B、线框做匀速运动,由平衡条件得:F=Ｆ安培=BIL==，ｔ增大,F增大，Ｆ与时间的二次方成正比,故Ｂ错误;C、由功率表达式，P＝I2R＝Ｒ==,故C正确;D、流过导体截面的电量:q=Ｉｔ=＝,故Ｄ正确；故选：CD．【点评】：解决本题的关键掌握运动学公式,并由各自表达式来进行推导，从而得出结论是否正确，以及掌握切割产生的感应电动势Ｅ=BLv.知道L为有效长度.8．（6分）如图所示，在一半径为r的圆形区域内有垂直向里的匀强磁场，磁感应强度为B,aｂ为一直径,在磁场的边界上b点处放置一个粒子源，可以向磁场内的各个方向发射质量均为m和电量均为ｑ(q＞０）的粒子,粒子进入磁场的速度大小均相同,发现圆形磁场边界上有六分之一的区域有粒子射出.则下列说法正确的是（)A. 进入到磁场中的粒子的速度大小为B．进入到磁场中的粒子的速度大小为Ｃ. 若将离子源发射的粒子速度变为原来的二倍，则磁场边界上有一半区域有粒子射出Ｄ. 若将离子源发射的粒子速度变为原来的二倍，则磁场边界上所有区域均有粒子射出【考点】：带电粒子在匀强磁场中的运动．【专题】:带电粒子在磁场中的运动专题．【分析】：离子在磁场中做匀速圆周运动,洛伦兹力提供向心力，根据题意求出离子转过的最大圆心角,然后应用几何知识求出离子的轨道半径，再应用牛顿第二定律求出离子的速度,然后答题．【解析】：解:Ａ、从ｂ点射入的粒子与磁场边界的最远交点为c，最远的点是轨迹上直径与磁场边界圆的交点,相应的弧长变为圆周长的,所以∠bOc＝60°;由几何关系可知，粒子的轨道半径:R=r…①,粒子在磁场中做匀速圆周运动,仑兹力提供向心力,由牛顿第二定律得:ｑvB=m…②联立①②解得：v＝，故A错误,B正确;Ｃ、若将离子源发射的粒子速度变为原来的二倍,则粒子在磁场中做圆周运动的轨道半径:R′==＝２×r=r,则粒子转过的最大圆心角∠bOc=９0°，离子射出的圆弧为圆形磁场区域的一半，即磁场边界上有一半区域有粒子射出，即C正确，Ｄ错误;故选：BＣ．【点评】:带电粒子在电磁场中的运动一般有直线运动、圆周运动和一般的曲线运动；直线运动一般由动力学公式求解，圆周运动由洛仑兹力充当向心力，一般的曲线运动一般由动能定理求解；本题关键画出临界轨迹．二、非选择题：包括必考题和选考题两部分.第9题~第12题为必考题，每个试题考生都必须作答．第1３题～第18题为选考题,考生根据要求作答．9.(7分）某同学测量一个圆柱体的电阻率,需要测量圆柱体的直径和电阻．试回答下列问题:（1）用螺旋测微器测量该圆柱体的直径，测量结果如图１所示，则该圆柱体的直径为d= 5．3０8 mm；（2）某同学利用多用电表粗测出该金属圆柱体的电阻为15Ω,为了更精确地测量其电阻，他设计了如图２所示的电路图，实验步骤如下，请将下列内容填写完整：①闭合开关S1，将开关S2接a处,调整滑动变阻器的触头到适当位置,待电流表示数稳定后读出电流表的示数.某次实验中电流表的示数如图３所示，则此次电流表的示数Ｉ= ０.30 A;(电流表选用0．６量程)②然后又将开关S2接b处,保持滑动变阻器的触头位置不变,调节电阻箱,使电流表示数与①相同，电阻箱此时的示数如图４所示，则电阻箱此时的阻值为R1= 16.0 Ω;③被测电阻Ｒ2的阻值R２= １６.0 Ω.【考点】:测定金属的电阻率．【专题】:实验题．【分析】:本题（1)要分成整数部分和小数部分两部分来读;题(2）①应根据每小格读数是0.0２A确定应估读到0.0１A;题②电阻箱旋钮所指数字乘以倍率，然后相加即可;题③根据欧姆定律解出被测电阻即可．【解析】:解:（1）螺旋测微器的读数为:d＝5ｍm+30.8×0.01ｍm＝5.308mm(或５.3０９);(2)①电流表的量程是0.６A，由于每小格的读数为0.０2A,应进行估读,即应估读到0．01A，所以读数为I=0．3０A;②电阻箱的读数为R=0×100+1×10+６×1＋0×0．1=１6.０Ω；③根据欧姆定律可知,当电流表示数不变时，说明待测电阻与电阻箱的阻值相等，所以=R=16．０Ω故答案为:(1）５.３08;(2）①0．30,②１6．０;③16.0【点评】：应明确：①螺旋测微器读数时要分成整数部分和小数部分两部分来读；②判定电表的估读方法是:若每小格的读数中出现“1”,则进行估读,出现“２”，则应进行估读，出现“5”,则应进行“”估读.10.(８分）“探究加速度与质量、力的关系”的实验装置如图甲所示．（ｇ＝9.8m／s2，计算结果保留两位小数)(1)某同学实验过程中,打出了一条纸带如图乙所示.打点计时器使用50Hz交流电源，图中A、B、Ｃ、D、E为计数点，相邻两个计数点间有四个点未画出,根据纸带可计算Ｂ点的瞬时速度v B= 0.88 m/ｓ,并计算纸带所对应小车的加速度a= ３.53 m/ｓ２;(2）平衡摩擦力后,用细线跨过定滑轮，将砝码盘与小车连接,再将5个相同的砝码都放在小车上,然后每次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度，此过程是通过控制整体的质量不变，探究加速度与物体所受合力的关系；（3)根据小车的加速度a与砝码盘中砝码总重力F的实验数据作出a﹣F的关系图象如图丙所示,并据此图象确定砝码盘的质量为8.1６g.【考点】:探究加速度与物体质量、物体受力的关系.【专题】:实验题.【分析】：Ｂ点的速度可由A到C点的平均速度求出,根据作差法求解加速度．实验要探究三个变量之间的关系,应采用控制变量法研究．【解析】：解：（1)根据平均速度等于瞬时速度得:根据：根据作差法得:a＝＝３．53m/s２(2）实验要探究三个变量之间的关系,应采用控制变量法研究,所以应控制物体质量不变，探究加速度与物体所受合力的关系．（３）根据图象可知:k=＝2.５m=kg当F＝0时，a=0.2ｍ/s2所以ｍ′g=ma解得：m′=0.00８16kg=8．1６g故答案为：(1）0.88;３.５3；(2)整体的质量；物体所受合力；（3）８．16【点评】:用匀变速直线运动的公式处理纸带的问题是力学实验里常见的问题,纸带法实验中,若纸带匀变速直线运动，利用匀变速直线运动的推论可求加速度.由于相邻的时间间隔位移之差不等,我们可以采用逐差法求解．11．（1４分)如图所示，两平行导轨间距L=０.１m,足够长光滑的倾斜部分和粗糙的水平部分圆滑连接(连接处能量损失不计），倾斜部分与水平面间的夹角θ=30°,导轨的倾斜部分处于方向垂直斜面向上、磁感应强度B=０.5T的匀强磁场中,水平部分没有磁场．金属棒ａb 质量ｍ=0．0０5kg、电阻r=0.0２Ω,运动中与导轨始终接触良好，并且与导轨垂直，电阻R=0.0８Ω,其余电阻不计，当金属棒从斜面上距地面高ｈ＝1．０m以上（含1．0m)任何地方由静止释放后,在水平面上滑行的最大距离x都是１.２５m，取g=10m／s2.求: (1）金属棒在斜面上运动的最大速度;(2）金属棒与水平面间的动摩擦因数;(3）金属棒从高度h=1.0m处由静止滑至倾斜轨道底端过程中电阻Ｒ上产生的热量．【考点】：导体切割磁感线时的感应电动势;焦耳定律．【专题】：电磁感应与电路结合．【分析】: (1)到达水平面之前已经开始匀速运动mgsｉnθ＝F，F＝BIL,根据闭合电路的欧姆定律，由欧姆定律求出电流,然后求出最大速度v．(2）金属棒在水平面做匀减速运动，有v２=２ax,解出加速度a.金属棒在摩擦力作用下做匀减速运动f=ma,可解得摩擦力f.摩擦力f＝μmg,可解得动摩擦因数．(3)下滑的过程中,由动能定理可求出安培力做的功，安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热W=Q，然后求出电阻Ｒ上产生的热量【解析】:解:(1)金属棒在斜面上有最大运动速度,说明到达水平面之前已经开始匀速运动,设最大速度为v,感应电动势为:E=BLｖ,感应电流为：I＝，安培力为：Ｆ=BIL匀速运动时，沿斜面方向上受力有：ｍgsinθ＝F 联立并代入数据解得:v＝１.0m／ｓ(２）在水平面上滑动时，滑动摩擦力为：f＝μmg金属棒在摩擦力作用下做匀减速运动，由牛顿第二定律有:f=ma 金属棒在水平面做匀减速运动,由运动学公式有：v2=2ax联立并代入数据解得:μ=0.04（3)下滑的过程中，由动能定理可得：mｇh﹣W=mｖ２，安培力所做的功等于电路中产生的焦耳热,即为:W＝Q 电阻R上产生的热量:Q R＝Q,代入数据解得：QR=0．3８J.答:（1)棒在斜面上的最大速度为１m/s.（２）水平面的滑动摩擦因数为０.０4．(３)从高度ｈ=1.0ｍ处滑下后电阻R上产生的热量为0.38Ｊ.【点评】：本题要注意用平衡条件解决磁场中导体的平衡问题,关键在于安培力的分析和计算，并不难．在匀强磁场中，当通电导体与磁场垂直时,安培力大小F＝ＢIL，方向由左手定则判断.１２.（18分)如图甲所示，地面上有一长为ｌ＝1ｍ,高为h＝0．8m，质量Ｍ=2kg的木板,木板的右侧放置一个质量为m=1kg的木块(可视为质点)，已知木板与木块之间的动摩擦因数为μ1＝0.4,木板与地面之间的动摩擦因数为μ2＝０.6，初始时两者均静止．现对木板施加一水平向右的拉力F,拉力Ｆ随时间的变化如图乙所示，求木块落地时距离木板左侧的水平距离△s．（取g=1０m/s2）【考点】:牛顿运动定律的综合应用;匀变速直线运动的速度与时间的关系；平抛运动．【专题】：牛顿运动定律综合专题.【分析】：根据牛顿第二定律求出木块的最大加速度,通过整体法求出发生相对滑动时的恒力大小，从而判断出木块和木板不发生相对滑动,一起做加速运动,对整体分析求出加速度，根据速度时间公式求出木板和木块的速度.恒力改为F2=３4N作用在木板上，大于临界情况下的恒力，发生相对滑动，根据牛顿第二定律求出m和Ｍ的加速度，结合位移之差等于L，结合运动学公式求出抽出的时间;木板抽出后木板继续做加速运动，为木块将做平抛运动,由即可求出平抛运动的时间，然后分别求出木板与木块的位移,它们的差即为所求.【解析】:解:因为木块的最大加速度为:所以前2s二者一起做匀加速运动的加速度为:2s末二者的速度为:v=at1=4m/s２s后木块和木板发生相对滑动木块加速度为：木板加速度为:经时间t2二者分离：得ｔ2=１s，此时v块=8m/s，v板=１0m／ｓ木板抽出后木板继续做加速运动,为木块将做平抛运动,再经时间:木块落地,在0.４s内Ｓ块＝v块t3=3.2m木板的加速度:木板的位移:所以，木块落地时距离木板左侧△s＝s板﹣s块=1.６8m答:木块落地时距离木板左侧的水平距离是1．６8m．【点评】:本题综合考查了牛顿第二定律、运动学公式和平抛运动，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁．本题的关键得出发生相对滑动时的最小拉力,从而判断是否发生相对滑动. [物理－-选修3-３](15分）１3.（５分）下列说法正确的是( ）Ａ．只要知道气体的摩尔体积和阿伏伽德罗常数，就可以算出气体分子的体积B．在一定温度下,悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C．一定质量的理想气体压强不变时，气体分子单位时间内对器壁单位面积的平均碰撞次数随着温度升高而减少D. 一定温度下,水的饱和汽的压强是一定的Ｅ. 由于液体表面分子间距离大于液体内部分子间的距离,液面分子间只有引力，没有斥力,所以液体表面具有收缩的趋势【考点】: * 液体的表面张力现象和毛细现象；布朗运动.【分析】:阿伏伽德罗常数是指1摩尔气体含有分子个数;布朗运动是指微粒在分子撞击下的运动,微粒越大运动越不明显;永动机不违反能量守恒定律,但不可制成；理想气体的分子势能不变；分子间既有引力又有斥力,当间距小于平衡位置时，斥力较显著【解析】:解：A、摩尔体积除以阿伏伽德罗常数算出的是气体分子占据的空间，气体分子间的空隙很大，所以气体分子占据的空间不等于气体分子的体积.故A错误；B、悬浮在液体中的固体微粒越小，来自各方向的撞击抵消的越少，则布朗运动就越明显．故B正确;Ｃ、一定质量的理想气体压强不变时,温度升高,则体积一定减小;故气体分子单位时间内对器壁单位面积的平均碰撞次数随着温度升高而减少;故Ｃ正确;Ｄ、水的饱和汽压和温度有关，一定温度下,水的饱和汽的压强是一定的;故D正确；Ｅ、分子间同时存在引力和斥力，液体分子存在表面张力的原因是引力大于斥力；对外表现为引力;从而使且面收缩；故Ｅ错误；故选:BCＤ．【点评】:知道固体、液体、气体分子的模型及运动特点;知道布朗运动其实是分子撞击布朗颗粒而产生的运动；知道温度是分子平均动能的标志，注意平时加强识记１4．(１0分)如图所示,U形管右管横截面积为左管横截面积的２倍,在左管内用水银封闭一段长为30cm、温度为27℃的空气柱,左右两管水银面高度差为21ｃm,外界大气压为76cmHｇ．若给左管的封闭气体加热,使两管内水银柱等高，求:①此时左管内气体的温度为6０8 ｋ;②左管内气体吸收(填“吸收”或“放出”) 的热量大于(填“大于”、“等于”或“小于”）气体增加的内能．【考点】:理想气体的状态方程．【专题】：理想气体状态方程专题．。
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2021年大连市高三双基测试卷
物理参考答案
（2）位移之比等于拉力之比（或位移与拉力成正比）（2分）
（3）当小车的质量一定时，在实验误差范围内，小车的加速度与拉力成正比（2分） 12．（8 分）
（1）电路如图 （2分）
（2）0.44A （2分）
（3）增大 （2分）
（4）0.54W （2分）（0.53——0.56均得分） 13．（10 分） 解：（1）封闭在罐内的气体等压变化，由盖•吕萨克定律得 2
10110T xS
S L V T S L V ∆++=+ （3分） 得110102T S
L V xS
S L V T +∆++=
（2分）
（2）1
1012T S
L V xS
T T T +=
-=∆∆
（1分）
1
10ST S L V T x
+=∆∆
（2分） 由上式可看出，罐的容积V 0越大，吸管的横截面积S 越小，测温灵敏度越高。
（2分，答对1项给1分）
14．（12 分）
解：（1）导体棒刚滑上导轨时受安培力最大，加速度最大， E ＝BLv 0 （1分） I ＝E
R （1分） F=BIL （1分） mg sin θ+F ＝ma （1分） 解得 a =Rm
v L B g 0
22sin +θ=45m/s 2 （1分）
（2）q =I t （1分） I =
E
R
（1分）
E =ΔΦ
Δt （1分）
可得：q=
R
∆Φ=
R
BLx
=2C （1分） （3）根据动量定理，取沿导轨向上为正方向
00sin mv I t mg A -=--θ （1分）
∑∑=∆=∆=
BLq t
BIL t F I A （1分）
可解得：t =1.2s （1分） 15．（18分）
解：（1）物体从圆弧轨道顶端滑到B 点的过程中，机械能守恒， 则mgR ＝
1
2
mv B 2，得v B =4m/s （2分） 在B 点由牛顿第二定律得，F N -mg =m 2 B v R ，解得F N =mg +m 2
B v R
=30N （2分）
根据牛顿第三定律，物块滑到轨道上B 点时对轨道的压力F N ′=F N =30N （1分） 方向竖直向下 （1分） （2）若木板锁定，物块在板上滑行时的摩擦力做功W f ＝−
10x mg
mg μ2
μ+ （2分）
由动能定理有，W f ＝
21mv 2 −2
1
mv B 2 （2分） 解得v =22m/s≈2.83m/s （1分）
（3）解除长木板的锁定，设物块相对木板滑行距离x 后相对静止
物块和木板组成的系统动量守恒 共)(v M m mv B += （2分） 系统能量守恒 2
共
2）（2121v M m mv Q B +-= （2分） 其中 x mg
mg Q 2
0μμ+=
（1分）
kx +=0μμ k =0.4 （1分） 解得: x =1m （1分） 由于x <L ，物块没有从木板上滑出，所以物块在长木板上滑行的距离是1m 。