计算机网络教程(第三版)测验复习题
计算机网络技术(第三版)习题答案
计算机网络技术(第三版)习题答案计算机网络技术(第三版)习题答案第一章：计算机网络基础1. 什么是计算机网络？计算机网络是指通过通信线路和交换设备将分布在不同地理位置的计算机连接起来，互相传递数据和共享资源的系统。
2. 计算机网络的分类计算机网络可以按照尺度分为广域网（WAN）、局域网（LAN）和城域网（MAN）。
按照网络拓扑结构分为总线型、星型、环型和网状型网络。
3. 什么是协议？协议是计算机网络中用于实现通信的一组规则，它规定了数据传输的格式、顺序、错误检测和纠正等方面的规范。
4. OSI模型和TCP/IP模型有什么区别？OSI模型是指开放系统互联参考模型，它将网络通信划分为七个层次，包括物理层、数据链路层、网络层、传输层、会话层、表示层和应用层。
TCP/IP模型是互联网协议套件的基础，它将网络通信划分为四个层次，包括网络接口层、网络层、传输层和应用层。
5. 什么是分组交换？分组交换是指在计算机网络中，将传输的数据按照一定的大小进行分割，并在网络中独立传输，到达目的地后再进行重组，以实现高效的数据传输。
第二章：物理层1. 数据传输的基本概念数据传输是指将信息从一个地点传送到另一个地点，通常以比特为单位进行计量。
2. 数据通信的三个基本要素数据通信的三个基本要素包括发送器（发送数据的设备）、接收器（接收数据的设备）和传输介质（用于传输数据的物理媒体，如电缆、光纤等）。
3. 数字信号和模拟信号有什么区别？数字信号是一种离散的信号，它只有两个状态（0和1），可以表示为数字序列。
模拟信号是一种连续的信号，可以表示为不同的幅度和频率。
4. 编码技术编码技术是将数字信号转换为模拟信号或其他形式的过程。
常见的编码技术包括不归零编码、曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码等。
5. 信道的概念和信道的分类信道是指在数据传输过程中用于传输数据的媒体或路径。
信道可以根据传输方向的不同进行分类，包括单工信道、半双工信道和全双工信道。
计算机网络技术基础(第3版)(微课版)习题参考答案
计算机网络技术基础(第3版)(微课版)习题参考答案计算机网络技术基础(第3版)(微课版)习题参考答案计算机网络技术基础是计算机科学与技术专业的一门重要课程，它主要介绍了计算机网络的基本概念、原理和技术。
学习这门课程的目的是为了让学生系统地掌握计算机网络的相关知识，为今后从事网络编程、网络管理及相关领域的工作打下坚实的基础。
为此，本文将为大家提供计算机网络技术基础(第3版)(微课版)习题的参考答案，以供学生复习和巩固所学知识。
一、选择题1. B2. C3. D4. A5. B6. D7. C8. A9. C10. D二、判断题1. F2. T3. F4. T5. T6. F7. T8. F9. T10. F三、填空题1. 网络拓扑2. 物理层3. 网络接口层4. IP地址5. HTTP6. FTP7. 字节顺序8. RFC9. 虚拟专用网络(VPN)10. 路由表四、简答题1. 计算机网络是指将多台计算机通过通信线路连接起来，实现信息交换和资源共享的系统。
它是现代信息技术的重要组成部分，具有快速传输、广域覆盖和高可靠性等特点。
2. OSI参考模型是一种将计算机网络通信过程划分为7个不同层次的模型，它包括物理层、数据链路层、网络层、传输层、会话层、表示层和应用层。
每一层都有着不同的功能和责任，通过这种模型，人们可以更加清晰地理解网络通信的过程和各个层次之间的关系。
3. IP地址是指互联网协议地址，用于标识计算机网络中的主机。
它是一个由32位二进制数组成的地址，通常用点分十进制的方式表示。
IP地址分为IPv4和IPv6两种类型，其中IPv4的地址长度为32位，IPv6的地址长度为128位。
4. DHCP是指动态主机配置协议，它是一种网络协议，用于自动分配IP地址和其他网络配置参数。
DHCP服务器通过向客户端提供IP地址、子网掩码、网关、DNS等参数，使得计算机能够自动获取网络配置信息，从而实现网络的快速部署和管理。
计算机网络(第三版)第8章 习题答案 (1)
2．既然中继器可以进行对信号进行放大、整形，使信号能够传输到更远的距离，为什么不能使用任意多个中继器使网络的范围无限地扩展？答：因为局域网协议中，帧长与网络连接距离是密切相关的，局域网的帧长在标准中已经进行了严格的定义，因此网络连接距离不能任意扩展。
3．要把以太网和令牌环网连接起来，可以用哪种设备？答：从链路层的观点来看，以太网和令牌环网是两种完全不同的网络，所以只能用三层或三层以上的设备来实现二者之间的网络连接，例如路由器、三层交换机、网关等。
6．用交换机实现网络分段与用路由器实现网络分段，本质上的区别是什么？答：用交换机实现网络分段，所得到的网络在逻辑上仍然是一个单独的网络，各个网络分段拥有同一个网络地址。
但用路由器实现网络分段，所划分的各个网络分段在逻辑上是不同的网络，各个网络分段拥有各自不同的网络地址。
8．用透明网桥连接网络A和网络B。
当网桥刚打开电源时，如果收到了网络A中某站点发往网络B中某站点的帧，网桥将用什么方法转发该帧？为什么？答：采用广播方式将该帧转发到除源网段外的其他所有网段。
因为刚打开电源时转发表为空，网桥不知道目的站点所在的网段是哪一个。
根据网桥的工作原理，对于未知目的网段的帧，均采用广播方式发送。
10．交换机能在两个不同速率的端口之间使用直通方式来转发帧吗？为什么？答：不行。
直通方式未采用存储转发，故不能实现不同速率的适配。
14．VLAN是如何抑制网络中的广播信息的？答：VLAN只根据VLAN号转发帧，广播帧未指定具体的VLAN号，所以不转发。
19．三层交换机的主要用途是什么？它能完全代替路由器吗？为什么？答：主要作为企业/机构内部的网络骨干交换机。
不能完全代替路由器，因为它缺乏很多广域网连接功能。
21．为何路由表中只存放网络地址的信息，而不存放网络主机的信息？答：加快路由处理，节省存储空间。
实际上，在路由表中存放主机信息是没有必要的，因为报文到达目的网络后是以广播方式传播的，仅目的主机会接收，非目的主机会将其丢弃。
《计算机网络(第三版)》(谢希仁)答案
《计算机网络（第三版）》（谢希仁）部分习题参考题解1-11解：电路交换所需时间T1 = s+x/b+kd，分组交换所需时间T2 = x/b+d+(k-1)(p/b+d) 根据题意应有T2<T1，即x/b+d+(k-1)(p/b+d)< s+x/b+kd移项后得(k-1)p/b< s1-12解：总时延D = k(p+h)/b+(x/p-1)(p+h)/b = [(k-1)p+hx/p+x+kh-h]/b令D(p)′=(k-1)-hx/(bp2)= 0，解得p =[hx/(k-1)]1/23-06解：忽略帧控制信息的影响并假定信道无差错（p=0），已知对于停止等待协议有：λmax = (1-p)/t T，t T≈t f+2t p，t f = L f/C，其中C为信道容量（b/s），L f为帧长度(bits)。
则由式(3-8）和题意得ρmax =λmax t I = (1-p) t I f/ t T = t f / t T≥0.5即t f /( t f+2t p )≥0.5 →t f≥2t p→L f/C≥2t p→L f≥2t p C代入数值得L f≥160（bits）3-15解：忽略帧控制信息的影响，忽略确认帧长及其处理时间；假定信道无差错（p=0）且发送站始终有数据发送；取卫星信道时延（上行+下行）t p = 0.25 (S)；因为t T是可以连续发送帧的最小周期，故取t T为观察时间。
由已知条件可计算出：帧发送时间t f = L f/C = 2000/106 = 0.002（S），t T = t f +2 t p= 0.502（S）取λ表示帧到达率（帧/S），则在t T内的帧到达率λ(t T）= n/ t T（n为t T内实际到达的帧数），且由式（3-11）和式（3-12）知λ(t T）max≈1/ t f= C/ L f=500(帧/S)，对应n max= t Tλ(t T）max= 251(帧)由式（3-13）知归一化吞吐量（即信道利用率）ρ=λt f =（n t f）/ t T,代入数值后得ρ= n/251（1）W T =1 → n =1 →λ(t T）≈2<λ(t T）max→ρ= 1/251（2）W T =7 → n =7 →λ(t T）≈14<λ(t T）max→ρ= 7/251（3）W T =127 → n =127 →λ(t T）≈254<λ(t T）max→ρ= 127/251（4）W T=255 > n max→ρ= 14-04解：纯ALOHA的最大效率为18.4%，则信道实际有效速率≈0.18×2400= 432b/s，每个终端的发送速率=200/（2×60）= 5/3（b/s）则允许终端数= 432/（5/3）= 259.2≈259（个）时隙ALOHA的最大效率提高到37%，相应允许终端数=259×2 = 518（1）帧长度改变成500 bit后，则每个终端的发送速率= 500/（2×60）= 25/6（b/s）纯ALOHA的允许终端数= 432/（25/6）=103（个），时隙ALOHA为206个（2）纯ALOHA的允许终端数389个，时隙ALOHA为777个（3）纯ALOHA的允许终端数518个，时隙ALOHA为1036个4-05 解：由式(4-4）得P= exp（-G）= exp（-0.5）≈0.614-07解：G=10000×18×125×10-6/（60×60）=1/160（帧/S）4-08解：G= 50×0.04 (s) = 2（1）P = exp（-G）= exp（-2）（2）P[第K+1次发送成功] = exp（-2）×（1- exp（-2））K = 0.135×0.865 K（3）平均发送次数= P+2P (1-P ) +3P (1-P ) 2 + ┄┄ = 1/ P = exp (G) = 7.44-09解：由式（4-4）：P = 0.1= exp(-G)，exp(G) = 10，G≈2.3,S= G×exp(-G) = 0.23 4-10解：G=0.1+0.5+0.2×2 = 1，S = G×exp(-G) = 0.368，P = exp(-G) = 0.368S1= S×(G1/G) = 0.037，S2= S×(G2/G) = 0.184，S3= S4= S×(G3/G) = 0.0734-12 解：由式（4-4）：P = 0.65= exp(-G)，exp(G) = 1.54，G≈0.43,S= G×exp(-G) = 0.284-15解：端到端传播时延τ=5×10-6×4=0.02（ms）帧发送时间T0=1000/（5×106）= 0.2（ms）a=τ/ T0=0.02/0.2=0.1由式（4-26）知S max=1/(1+4.44a) =1/1.444≈0.69由式（4-24）S= T0/T A V ，求出成功发送一帧所需时间T A V =0.2/0.69≈0.29（ms）则系统平均最大帧发送速率= 1/ T A V≈ 3450（帧/S）每个站平均最大帧发送速率=3450/100 = 34.5（帧/S）4-16解：（1）τ= 5×10-6×1= 0.005（ms），a =τ/ T0=0.005/0.2 = 0.025S max=1/(1+4.44a)≈0.9，每个站平均最大帧发送速率=44.5（帧/S）（2）T0=1000/（10×106）= 0.1（ms），a =0.02/0.1= 0.2，S max=1/(1+4.44a)≈0.53 每个站平均最大帧发送速率= 53（帧/S）（3）T0=10000/（5×106）=2（ms），a=0.02/2 = 0.01，S max=1/(1+4.44a)≈0.958 每个站平均最大帧发送速率= 4.8（帧/S）4-20解：接收码元与站A的码元内积= +8/8 = +1，故A发送了1接收码元与站B的码元内积= -8/8 = -1，故B发送了0接收码元与站C的码元内积= 0/8 = 0，故C未发送接收码元与站D的码元内积= +8/8 = +1，故D发送了15-05 解：以太网使用的是截断式二进制指数退避算法，其退避等待时间t=R×（2τ），R=[0,1,┄,2K-1]，K=Min[n,10]，n≤16为本帧已冲突次数。
计算机网络技术(第3版)-习题与答案[1页]
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项目二、实训与练习一、名词解释1．网络协议：网络协议是为网络数据交换而制定的规则、约定与标准。
当用户应用程序、文件传输信息包、数据库管理系统和电子邮件等互相通信时，它们必须事先约定一种规则（如交换信息的代码、格式以及如何交换等）。
这种规则就称为网络协议。
网络协议的三要素有：语义、语法与时序。
其中：语义：用于解释比特流的每一部分的意义。
语法：语法是用户数据与控制信息的结构与格式，以及数据出现的顺序的意义。
时序：事件实现顺序的详细说明。
2．体系结构：为了完成计算机间的通信合作，把每个计算机互联的功能划分成有明确定义的层次，并规定同层次进程通信的协议及相邻层之间的接口服务。
3．服务：是指某一层及其以下各层的一种能力或功能，通过接口提供给其相邻上层。
4．接口：是指同一结点内相邻层之间交换信息的连接点，同一个结点的相邻层之间存在着明确规定的接口，低层向高层通过接口提供服务，只要接口条件不变、低层功能不变，低层功能的具体实现方法与技术的变化不会影响整个系统的工作。
5．OSI：为了实现不同厂家生产的计算机系统之间以及不同网络之间的数据通信，国际标准化组织ISO 对各类计算机网络体系结构进行了研究，并于1979 年公布了开放系统互连参考模型OSI/RM（Open System Interconnection/Referenced Model）。
OSI 将通信过程定义为七层（即物理层、数据链路层、网络层、传输层、会话层、表示层和应用层），将连网计算机间传输信息的任务划分为七个更小、更易于处理的任务组。
每一个任务或任务组则被分配到各个OSI 层。
每一层都是独立存在的，因此分配到各层的任务能够独立地执行。
这样使得变更其中某层提供的方案时不影响其他层。
二、判断题1．体系结构由服务和接口两部分构成。
（错）2．IP 协议是面向连接的、可靠的协议。
（对）3．OSI 中的“开放”意味着其中的标准可由人们任意修改和添加。
（错）三、简答题1．简述OSI/RM 模型中数据的封装与拆分过程。
计算机网络技术（第三版）习题答案
计算机⽹络技术（第三版）习题答案附录：课后习题答案第⼀章1. 计算机⽹络就是指，将分布在不同地理位置具有独⽴功能的多台计算机及其外部设备，⽤通信设备和通信线路连接起来，在⽹络操作系统和通信协议及⽹络管理软件的管理协调下，实现资源共享、信息传递的系统。
计算机⽹络的功能主要体现在以下⼏⽅⾯:①实现计算机系统的资源共享②实现数据信息的快速传递③提⾼可靠性④提供负载均衡与分布式处理能⼒⑤集中管理⑥综合信息服务2. 略3. ⽤户资源⼦⽹提供访问⽹络和处理数据的能⼒，是由主机系统、终端控制器和终端组成；通信⼦⽹是计算机⽹络中负责数据通信的部分，主要完成数据的传输、交换以及通信控制。
通信⼦⽹为⽤户资源⼦⽹提供信息传输服务；⽤户资源⼦⽹上⽤户间的通信是建⽴在通信⼦⽹的基础上的。
⽹络书稿第⼆版-(附习题答案)4. 星型的中⼼节点是主节点，它接收各分散节点的信息再转发给相应节点，具有中继交换和数据处理功能。
星型⽹的结构简单，建⽹容易，但可靠性差，中⼼节点是⽹络的瓶颈，⼀旦出现故障则全⽹瘫痪。
⽹络中节点计算机连成环型就成为环型⽹络。
环路上，信息单向从⼀个节点传送到另⼀个节点，传送路径固定，没有路径选择问题。
环型⽹络实现简单，适应传输信息量不⼤的场合。
由于信息从源节点到⽬的节点都要经过环路中的每个节点，任何节点的故障均导致环路不能正常⼯作，可靠性较差。
总线结构中，各节点通过⼀个或多个通信线路与公共总线连接。
总线型结构简单、扩展容易。
⽹络中任何节点的故障都不会造成全⽹的故障，可靠性较⾼。
树型⽹络是分层结构，适⽤于分级管理和控制系统。
与星型结构相⽐，由于通信线路长度较短，成本低、易推⼴，但结构较星型复杂。
⽹络中，除叶节点极其连线外，任⼀节点或连线的故障均影响其所在⽀路⽹络的正常⼯作。
⽹状结构⼜称为不规则型，⽹络中各节点的连接没有⼀定的规则，⼀般当节点地理分散，⽽通信线路是设计中主要考虑因素时，采⽤不规则⽹络。
⽬前，实际存在的⼴域⽹，⼤都采⽤这种结构。
计算机网络基础第三版习题答案.(DOC)
计算机网络基础第三版习题答案习题一一、选择题1. 下列哪些设备不属于通信子网（C ）A.交换机B.路由器C.主机D.调制解调器2．计算机网络的主要功能或目标是A, C 。
A）数据通信B）电子邮件C）资源共享D）Internet3．计算机网络拓扑是通过网中结点与通信线路之间的几何关系表示网络中各实体间的B 。
A）联机关系B）结构关系C）主次关系` D）层次关系4．下列有关网络拓扑结构的叙述中，正确的是 A 。
A）网络拓扑结构是指网络节点间的分布形式B）目前局域网中最普遍采用的拓扑结构是总线结构C）树型结构的线路复杂，网络管理也较困难D）树型结构的缺点是，当需要增加新的工作站时成本较高5．一个功能完备的计算机网络需要制定一套复杂的协议集。
对于复杂的计算机网络协议来说，最好的组织方式是 B 。
A）连续地址编码模型B）层次结构模型C）分布式进程通信模型D）混合结构模型6．网络协议的三个要素是：语法、语义与 B 。
A）工作原理B）时序C）进程D）传输服务7. TCP/IP协议栈不包括以下哪个层次？（A ）A.表示层B.网络互连层C.传输层D.应用层E.网络接口层8．OSI参考模型将整个通信功能划分为七个层次，处于同等层的若干个实体称为 B 。
A）通信实体B）对等实体C）相邻实体D）传输实体9．因特网是目前世界上第一大网络，它起源于美国。
其雏形是 D 。
A）NCFC网B）CERNET网C）GBNET网D）ARPANET网二、简答题1．一个有n层协议的系统，应用层生成长度为m字节的报文。
在每层都加上n字节报头。
那么网络带宽中有多大百分比是在传输各层报头？答：百分比= [n×n / (n×n+m)]× 100 %2. 什么是协议？什么是服务？服务和协议有什么区别？答：协议是“水平的”，即协议是控制对等实体之间的通信原则。
服务是“垂直的”，即服务是由下层向上层通过层间接口提供的。
3. 将TCP/IP和OSI的体系结构进行比较，讨论其异同之处。
计算机网络基础第三版习题答案
计算机网络基础第三版习题答案计算机网络基础是现代计算机科学和信息技术中的重要课程之一。
它涵盖了计算机网络的概念、原理、协议等方面的知识。
本文将针对计算机网络基础第三版的习题进行解答，旨在帮助读者更好地理解和掌握计算机网络基础知识。
第一章：计算机网络和因特网1. 什么是计算机网络？计算机网络的主要功能有哪些？计算机网络是指利用通信链路将多台计算机互连在一起，实现信息交换和资源共享的系统。
它的主要功能包括数据通信、资源共享、信息传播和分布式处理等。
2. 请解释什么是因特网？因特网是指全球范围内互联的计算机网络系统，它连接了世界各地的计算机和通信设备，实现了全球范围内的信息传递和资源共享。
它是由许多互联的网络组成，通过一系列的协议和技术实现互连。
3. 描述计算机网络的层次化结构。
计算机网络通常采用层次化结构，将网络功能划分为不同的层次，每个层次负责特定的功能。
常用的网络层次模型是OSI（开放系统互联）参考模型，它包含了七个层次：物理层、数据链路层、网络层、传输层、会话层、表示层和应用层。
第二章：物理层1. 描述计算机网络中的数据传输方式。
计算机网络中的数据传输可以分为两种方式：串行传输和并行传输。
串行传输是逐位地传输数据，适用于远距离传输和传输速度较低的场景；并行传输是同时传输多个位，适用于短距离传输和传输速度较高的场景。
2. 什么是奈氏定理？为什么要使用奈氏定理？奈氏定理是指在理想条件下，计算机信道的数据传输速率受到信道带宽和信噪比的限制。
要最大化数据传输速率，就需要通过提高信道带宽和减小信噪比来改善传输性能。
3. 什么是调制和解调？描述调制和解调的过程。
调制和解调是指在信道中将数字信号转换为模拟信号（调制）或将模拟信号转换为数字信号（解调）的过程。
调制是将数字信号转换为模拟信号，解调是将模拟信号转换为数字信号。
调制和解调的过程包括信号采样、量化、编码和调制（或解调）等步骤。
第三章：数据链路层1. 描述数据链路层的功能和特点。
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4-１9．一个数据报长度为40０0字节(固定首部长度)。现在经过一个网络传送，但此网络能够
传送的最大数据长度为1500字节。试问应当划分为几个短些的数据报片?各数据报片的数据字段长度、片偏移字段和MＦ标志应为何数值?
IP数据报固定首部长度为20字节
４-１6．（1)有人认为:“ＡRP协议向网络层提供了转换地址的服务,因此AＲP应当属于数据链路层。”这种说法为什么是错误的?
因为ARＰ本身是网络层的一部分，ＡＲP协议为ＩＰ协议提供了转换地址的服务,数据链路层使用硬件地址而不使用IＰ地址,无需ARP协议数据链路层本身即可正常运行。因此AＲP不再数据链路层。
(为适应路径上不同链路段所能许可的不同分片规模，可能要重新分片或组装）
4-１5.一个3200位长的ＴCP报文传到IP层，加上160位的首部后成为数据报。下面的互联网由两个局域网通过路由器连接起来。但第二个局域网所能传送的最长数据帧中的数据部分只有１20０位。因此数据报在路由器必须进行分片。试问第二个局域网向其上层要传送多少比特的数据（这里的“数据”当然指的是局域网看见的数据)?
答:第二个局域网所能传送的最长数据帧中的数据部分只有12００bｉt,即每个IP数据片的数据部分＜１200－１60（biｔ),由于片偏移是以8字节即6４ｂit为单位的,所以IP数据片的数据部分最大不超过１０24bｉt，这样３200bit的报文要分４个数据片,所以第二个局域网向上传送的比特数等于(3200+４×160),共3840bit。
答：总时延Ｄ表达式,分组交换时延为:D= kｄ+（x/p)＊(（p+h)/b)+ (ｋ-1)＊(p＋h)/b
D对p求导后,令其值等于0,求得p=［(ｘｈ)／(k-1)]^0.５
１-2１试解释everythiｎg ｏｖｅｒ ＩP和IＰ oｖeｒ eｖｅｒthing的含义。
TCP/IP协议可以为各式各样的应用提供服务（所谓的eｖeｒｙｔｈing oveｒ ip)
（3)至少举出两种不需要发送AＲP请求分组的情况(即不需要请求将某个目的ＩP地址解析为相应的硬件地址)。
在源主机的ＡRP高速缓存中已经有了该目的IP地址的项目；源主机发送的是广播分组；源主机和目的主机使用点对点链路。
４-17.主机Ａ发送IP数据报给主机Ｂ，途中经过了5个路由器。试问在IP数据报的发送过程中总共使用了几次ARＰ?
在目的站而不是在中间的路由器进行组装是由于:
（1）路由器处理数据报更简单些;效率高,延迟小。
（2）数据报的各分片可能经过各自的路径。因此在每一个中间的路由器进行组装可能总会缺少几个数据报片;
(3)也许分组后。如果在中间的路由器进行组装就可能会组装多次。
3-９一个PPP帧的数据部分（用十六进制写出）是7Ｄ 5Ｅ FE 2７ 7D ５Ｄ 7D 5D ６5 ７D 5E。试问真正的数据是什么(用十六进制写出)？
答:7Ｄ 5E FE 27 7D 5D 7D ５D 65 7Ｄ 5E
７E FE ２7 7Ｄ 7D 65 ７Ｄ
3-10 PPＰ协议使用同步传输技术传送比特串１11００。试问经过零比特填充后变成怎样的比特串?若接收端收到的PＰP帧的数据部分是１0111１１01１0,问删除发送端加入的零比特后变成怎样的比特串?
答:允许IP协议在各式各样的网络构成的互联网上运行(所谓的ip over eveｒything)
3-４数据链路层的三个基本问题(帧定界、透明传输和差错检测）为什么都必须加以解决?
答:帧定界是分组交换的必然要求
透明传输避免消息符号与帧定界符号相混淆
差错检测防止合差错的无效数据帧浪费后续路由上的传输和处理资源
(2）试解释为什么ARP高速缓存每存入一个项目就要设置10~20分钟的超时计时器。这个时间设置的太大或太小会出现什么问题?
答：考虑到IP地址和Ｍac地址均有可能是变化的（更换网卡,或动态主机配置）
10－2０分钟更换一块网卡是合理的。超时时间太短会使ＡＲP请求和响应分组的通信量太频繁,而超时时间太长会使更换网卡后的主机迟迟无法和网络上的其他主机通信。
答：线路交换时延:kd+x／b＋s，分组交换时延：kd+(ｘ/p)＊(ｐ／b)＋ (k-1)＊(p/b)
其中(k－1)*(p/b)表示K段传输中，有(k-１)次的储存转发延迟,当ｓ>(k-１)*(ｐ/b)时，电路交换的时延比分组交换的时延大,当ｘ>＞p，相反。
1-12在上题的分组交换网中,设报文长度和分组长度分别为ｘ和(p+h）（bｉｔ),其中ｐ为分组的数据部分的长度，而ｈ为每个分组所带的控制信息固定长度，与p的大小无关。通信的两端共经过ｋ段链路。链路的数据率为b（b/s)，但传播时延和结点的排队时间均可忽略不计。若打算使总的时延为最小，问分组的数据部分长度p应取为多大?（提示：参考图1-12的分组交换部分，观察总的时延是由哪几部分组成。)
计算机网络教程（第三版)测验复习题
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1-1１试在下列条件下比较电路交换和分组交换。要传送的报文共ｘ（bｉｔ)。从源点到终点共经过k段链路，每段链路的传播时延为d（s）,数据率为b(b/ｓ)。在电路交换时电路的建立时间为s(ｓ)。在分组交换时分组长度为p(biｔ),且各结点的排队等待时间可忽略不计。问在怎样的条件下，分组交换的时延比电路交换的要小?(提示：画一下草图观察k段链路共有几个结点。）
答：0110１111１ １1111 00
1111０00
1011１11011０
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4－１３.什么是最大传送单元ＭTU？它和IP数据报的首部中的哪个字段有关系？
答:IP层下面数据链里层所限定的帧格式中数据字段的最大长度，与ＩP数据报首部中的总长度字段有关系
4-１4.在因特网中将IP数据报分片传送的数据报在最后的目的主机进行组装。还可以有另一种做法，即数据报片通过一个网络就进行一次组装。是比较这两种方法的优劣。