高考物理模拟试题精编
高考物理模拟考试卷含答案
高考物理模拟考试卷含答案一、单选题1．有关原子结构和原子核的认识，下列说法正确的是（）A．居里夫人最先发现天然放射现象B．伦琴射线的发现揭示了原子具有核式结构C．在光电效应中，光电子的最大初动能与入射光的频率有关D．在衰变方程23994Pu→X+42He+γ中，X原子核的质量数是2342．如图所示，汽车在一段弯曲水平路面上匀速率行驶，关于它受到的水平方向的作用力方向的示意图(如下图)，(图中F为地面对它的静摩擦力，F1为它行驶时所受阻力)可能正确的是（）A．B．C．D．3．两根长直平行输电线中有等大同向的电流，在两导线所在平面，垂直于导线的连线上有a、b、c x x ，b点位于两根导线的正中间。
下列说法正确的是（）三点，ab bcA．a点和c点的磁感应强度方向相同B．三点中，b点的磁感应强度最大C．b点的磁感应强度为零D．两导线相互排斥4．如图，△abc中bc=4cm，∠acb＝30°．匀强电场的电场线平行于△abc所在平面，且a、b、c点的电势分别为3V 、-1V 、3V ．下列说法中正确的是（）A ．电场强度的方向沿ac 方向B ．电场强度的大小为2V/cmC ．电子从a 点移动到b 点，电势能减少了4eVD ．电子从c 点移动到b 点，电场力做功为4eV5．如图所示，半径为R 的光滑半圆形轨道固定在水平面上，截面竖直、直径POQ 水平。
一质量为m的小球自P 点上方高度2R处由静止开始下落，恰好从P 点无碰撞地进入轨道。
取水平面为零重力势能面，则小球第一次重力势能与动能相等时重力的功率为（）A ．12B ．14C ．34D ．38二、多选题6．如图所示为人造地球卫星的轨道示意图，其中1为近地圆周轨道，2为椭圆轨道，3为地球同步轨道，其中P 、Q 为轨道的切点，则下列说法中正确的是()A ．卫星在1轨道上运行可经过一次加速转移到3轨道上运行B ．卫星由1轨道进入2轨道机械能增大C ．卫星在轨道1上的运行周期最短D ．在轨道2上由Q 点运行到P 点的过程中，万有引力对其做正功，它的动能增加，重力势能减少，机械能增加7．如图所示是一水平弹簧振子做简谐运动的振动图像(x-t图像)。
课标物理高考模拟试题精编(七)
高考模拟试题精编(七)【说明】 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间90分钟.第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分．1.竖直细杆上套有一个1 kg 的小圆环，圆环左侧系住一劲度系数k ＝500 N/m 的轻弹簧，已知弹簧与竖直方向的夹角为θ＝37°，圆环始终静止，则以下分析错误的是( )A ．当弹簧伸长量x ＝2.5 cm 时，圆环与竖直杆的摩擦力为零B ．当弹簧伸长量x ＝0.5 cm 时，圆环与竖直杆的弹力F ＝1.5 NC ．保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，圆环与细杆之间的弹力变小D ．保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，圆环与细杆之间的摩擦力变小2．用一内阻为10 Ω的交流发电机为一阻值为100 Ω的电饭煲供电，发电机的输出电压为u ＝200cos(100πt ＋π)V ，则( )A ．线圈转动的周期为0.02 sB ．此发电机电动势的最大值为200 VC ．电饭煲消耗的功率为0.2 kWD ．将此发电机接在变压比为1∶2的理想变压器上，副线圈输出电压的频率为原线圈电压的2倍3．一架飞机由静止开始滑行起飞，在时间t 内滑行距离x 后达到起飞速度．已知飞机在起飞过程中牵引力随速度的增大而减小，运动阻力随速度的增大而增大．则飞机的起飞速度可能是( )A.x t B ．2x tC ．大于2x tD ．在x t 到2x t 之间 4.在如图所示的电路中，闭合开关S ，将滑动变阻器的滑片P 向左移动，下列说法正确的是( )A ．电流表读数变小，电压表读数变小B ．小灯泡变亮C ．电容器C 上的电荷量增大D ．电源的输出功率变大5．在外力F 作用下，A 、B 两物块开始沿竖直墙面的一侧加速下滑，A 、B 两物块始终相对静止，且质量分别为m A 和m B ，墙壁与B 之间的动摩擦因数为μ，则以下分析正确的是( )A ．墙壁对B 的弹力一定为FB ．加速下滑阶段，系统的加速度为a ＝g ＋μF m A ＋m BC ．若力F 逐渐增大，A 所受的合外力先逐渐减小后不变D ．若力F 逐渐增大，B 所受的合外力先逐渐减小后逐渐增大，然后突变为零6．在如图所示的空间存在两个等量的异种电荷，在其形成的电场中有四个点A 、B 、C 、D ，构成一正方形，AC 的连线与两点电荷连线重合，其中心恰为电荷连线的中点O .则下列说法中正确的是( )A ．A 点的电场强度等于C 点的电场强度B ．B 、D 两点的电场强度相同但电势不同C ．一电子由B 点沿B →A →D 路径移至D 点，电势能先增大后减小D ．一质子由C 点沿C →O →A 路径移至A 点，电势能先增大后减小7．已知地球质量为M ，半径为R ，自转周期为T ，地球同步卫星质量为m ，引力常量为G .有关同步卫星，下列表述正确的是( )A ．卫星距地面的高度为 3GMT 24π2B ．卫星的运行速度小于第一宇宙速度C ．卫星运行时受到的向心力大小为G Mm R 2D ．卫星运行的向心加速度小于地球表面的重力加速度8．如图甲所示，一木块放在水平地面上，在力F ＝2 N 作用下向右运动，水平地面MN 段光滑，NO 段粗糙，木块从M 点运动到O 点的v －t 图象如图乙所示(g ＝10 m/s 2)，则( )A ．t ＝6 s 时，拉力F 的功率为8 WB ．此木块的质量为4 kgC ．拉力在MO 段做功的平均功率为193W D ．木块在NO 段克服摩擦力做功的平均功率为193 W9.如图所示，光滑圆环可绕竖直轴O1O2旋转，在圆环上套一个小球，实验时发现，增大圆环转速，小球在圆环上的位置升高，但无论圆环转速多大，小球都不能上升到与圆心O等高的N点．现让小球带上正电荷，下列措施可以让小球上升到N 点的是()A．在空间加上水平向左的匀强磁场B．在空间加上竖直向上的匀强电场C．在空间加上方向由圆心O向外的磁场D．在圆心O点上方某点放一个带负电的点电荷10.如图所示，水平放置的光滑金属长导轨MM′和NN′之间接有电阻R，导轨左、右两区域分别存在方向相反且与导轨平面垂直的匀强磁场，设左、右区域磁场的磁感应强度大小分别为B1和B2，虚线为两区域的分界线．一根阻值也为R的金属棒ab放在导轨上并与其垂直，导轨电阻不计．若金属棒ab在外力F的作用下从左边的磁场区域距离磁场边界x处匀速运动到右边的磁场区域距离磁场边界x 处，下列说法中正确的是()A．当金属棒通过磁场边界时，通过电阻R的电流反向B．当金属棒通过磁场边界时，金属棒受到的安培力反向C．金属棒在题设的运动过程中，通过电阻R的电荷量等于零D．金属棒在题设的运动过程中，回路中产生的热量等于Fx答题栏第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、非选择题：本题共5小题，共60分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．(5分)某同学要利用身边的粗细两种弹簧制作弹簧秤，为此首先各取一根弹簧进行了探究弹力和弹簧伸长量关系的实验，根据测得的数据绘出如图所示的图象，从图象上看：(1)该同学得出的图象上端弯成曲线，原因是____________________________；(2)较细的甲弹簧的劲度系数k A＝________N/m，较粗的乙弹簧的劲度系数k B＝________N/m；(3)若用甲、乙两根弹簧分别制作精确程度较高的弹簧秤，则这两个弹簧秤的量程分别不能超过______N和______N.12.(10分)小明同学为了用半偏法测量一个电压表的内阻(量程为3 V，内阻约为3 kΩ)，设计了如图甲所示的电路．(1)半偏法测电压表的内阻是一种________(填“精确测量”、“近似测量”或“粗略测量”)的方法，用半偏法测量电压表的内阻必须具备的条件是电压表的内阻与滑动变阻器的总阻值满足________．(2)实验时先闭合S1和S2，调节R，使电压表指针偏转到满刻度，再断开S2，保持R不变，调节R′，使电压表指针半偏，读出此时R′的阻值为3 005.4 Ω，则电压表V的内阻测量值R V＝________Ω，该测量值________实际值(填“大于”、“小于”或“等于”)．(3)小军同学也设计了一个电路，如图乙所示，测量电压表的内阻R V，所用电源内阻不计，实验步骤如下：①先断开开关S1、S2，将电阻箱1的电阻调至最大；②闭合S1，调节电阻箱1，同时观察电压表指针，当指针处于满偏刻度时，读取电阻箱1的阻值为1 500 Ω；③保持电阻箱1的电阻不变，闭合S2，只调节电阻箱2，同时观察电压表指针，当指针处于半偏刻度时，读取电阻箱2的阻值为1 000 Ω，则此电压表的内阻的测量值为R V＝________Ω.13.(13分)2012年11月，我国舰载机在航母上首降成功．设某一舰载机的质量为m ＝2.5×104kg，速度为v0＝42 m/s，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，舰载机将在甲板以上以a0＝0.8 m/s2的加速度做匀减速运动，着舰过程中航母静止不动．(1)舰载机着舰后，若仅受空气阻力和甲板阻力作用，航母甲板至少多长才能保证舰载机不滑到海里？(2)为了舰载机在有限长度的跑道上停下来，甲板上设置了阻拦索让舰载机减速，同时考虑到舰载机挂索失败需要复飞的情况，舰载机着舰时不关闭发动机．图示为舰载机勾住阻拦索后某一时刻的情景，此时发动机的推力大小为F＝1.2×105 N，减速的加速度a1＝20 m/s2，此时阻拦索夹角θ＝106°，空气阻力和甲板阻力保持不变．求此时阻拦索承受的张力大小？(已知：sin 53°＝0.8，cos 53°＝0.6) 14.(14分)如图所示，光滑水平轨道与半径为R的光滑竖直半圆轨道在B点平滑连接．过圆心O的水平界面的下方分布有水平向右的匀强电场．现有一个质量为m、电荷量为＋q的小球从水平轨道上的A点由静止释放，小球运动到C点离开圆轨道后，经界面MN 上的P 点进入电场(P 点恰好在A 点的正上方，小球可视为质点，小球运动到C 点之前电荷量保持不变，经过C 点后电荷量立即变为零)．已知A 、B 间的距离为2R ，重力加速度为g .在上述运动过程中，求：(1)电场强度E 的大小；(2)小球在圆轨道上运动时的最大速率；(3)小球对圆轨道的最大压力． 15.(18分)如图所示，在xOy 平面坐标系中，直线MN 与y 轴成30°角，M 点的坐标为(0，a )，在y 轴与直线MN 之间的区域内，存在垂直xOy 平面向里、磁感应强度为B 的匀强磁场．电子束以相同速度从y 轴上0≥y ≥－23a 的区间垂直于y 轴和磁场射入磁场．已知从O 点射入磁场的电子在磁场中的运动轨迹恰好与直线MN 相切，忽略电子间的相互作用．(1)求电子的比荷；(2)若在xOy 坐标系的第Ⅰ象限加上沿y 轴正方向大小为E ＝B v 0的匀强电场，在x 0＝43a 处垂直于x 轴放置一荧光屏，计算说明荧光屏上发光区的形状和范围． 附加题：本题共3小题，每小题15分．分别考查3－3、3－4、3－5模块．请考生根据本省考试情况选择相应题目作答，其分值不计入总分．1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)关于热力学定律和分子动理论，下列说法正确的是________．A ．一定量气体吸收热量，其内能一定增大B ．对某物体做功，必定会使该物体的内能增加C．若两分子间距离增大，分子势能一定增大D．功转变为热的实际宏观过程是不可逆的(2)(5分)如图所示，两条曲线分别表示晶体和非晶体在一定压强下的熔化过程，图中横轴表示时间t，纵轴表示温度T.从图中可以确定曲线M表示________(填“晶体”或“非晶体”)，T0表示晶体的________，曲线M的bc段表示________过程，此过程中，物体________(填“吸收”或“放出”)热量，内能________(填“增加”、“减小”或“不变”)．(3)(5分)一质量为M的气缸中，用质量为m、横截面积为S的活塞封闭一定质量的理想气体，活塞与气缸之间无摩擦且不漏气．气缸竖直放置时，空气柱长度为L0(如图甲所示)，若将气缸按图乙所示悬挂，求静止时气柱长度为多少．(已知大气压强为p0，且气体温度保持不变)2．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)一列简谐横波在t＝0时刻的波形如图中的实线所示，t＝0.02 s时刻的波形如图中虚线所示，则下列说法正确的是________．A．如果波向右传播，波速一定为1 m/sB．如果波向右传播，波速可能为5 m/sC．如果波向左传播，最小波速为3 m/sD．如果波向左传播，波速一定是3 m/s的整数倍(2)(5分)如图所示的双缝干涉实验，用绿光照射单缝S时，在光屏P上观察到干涉条纹，如果增大S1与S2的间距，则会观察到相邻条纹间距________(填“变大”、“不变”或“变小”)的干涉图样，如果将绿光换为红光，则可以观察到相邻条纹间距________(填“变大”、“不变”或“变小”)的干涉图样．(3)(5分)如图所示，容器中盛有水，PM为水面，从A点发出一束白光，射到水面上的O点后，折射光(发生了色散)照到器壁上a、b之间，如果AP＝OM＝ 3 m，PO＝Mb＝1 m，ab＝(3－1) m，则从A点发出的白光射到PM上的入射点O向右移动多少时开始有色光消失？移动多少时器壁上的色光全部消失？3．[物理——选修3－5](15分)(1)(5分)下列说法正确的是________．A．采用物理和化学方法可以有效改变放射性元素的半衰期B．比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定吸收核能C．由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子D．德布罗意在爱因斯坦光子说的基础上提出物质波的概念，认为一切物体都具有波粒二象性(2)(5分)在β衰变中常伴有一种被称为“中微子”的粒子放出，但中微子的性质十分特别，在实验中很难探测.1953年，莱尼斯和柯文建造了一个由大水槽和探测器组成的实验系统，利用中微子与水中的11H的核反应，间接地证实了中微子的存在，中微子与水中的11H发生核反应，产生中子(10n)和正电子(0＋1e)，即：中微子＋11 H→10n＋0＋1e，由此可以判定，中微子的质量数为________、电荷数为________；上述核反应产生的正电子与水中的电子相遇，可以转变为两个能量相同的光子(γ)，即0＋1e＋0－1e→2γ，已知正电子和电子的质量都是9.1×10－31kg，反应中产生的每个光子的能量约为________J．(c＝3.0×108 m/s)(3)(5分)如图所示，一轻质弹簧的一端固定在墙上，另一端紧靠着一个静止在光滑水平面上的质量为m 的物体B ，弹簧处于原长状态，现有一质量为2m 的物体A 从高h 处由静止开始沿光滑的曲面滑下，与B 发生正碰后粘合在一起将弹簧压缩，弹簧压缩到最短后又将A 、B 一起弹出，求A 、B 一起沿曲面上升能达到的最大高度．高考模拟试题精编(七)1．D kx cos 37°＝mg 时，圆环与竖直杆的摩擦力为零，此时x ＝2.5 cm ，A 对，弹簧伸长量x ＝0.5 cm 时，圆环与竖直杆的弹力F ＝kx sin 37°＝1.5 N ，B 对；保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，F ＝kx sin θ随之变小，C 对；保持弹簧伸长量不变，适度减小θ，弹簧弹力的竖直分量增大，但初始状态摩擦力的方向未知，故不能断定其摩擦力的变化情况，D 错．2．AC 根据ω＝2πT 得T ＝2πω，A 项正确；由题中的条件可知发电机的输出电压最大值为200 V ，由于发电机有内阻，因此发电机电动势的最大值大于200 V ，B项错；电饭煲消耗的功率为P ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫U m 221R ＝0.2 kW ，C 项正确；理想变压器可以改变输出电压，不能改变输出电压的频率，D 项错．3．D 飞机做初速度为零的匀加速运动时末速度为2x t ，由于飞机所受牵引力随速度的增大而减小，运动阻力随速度的增大而增大，因此其加速度随速度的增大而减小，故起飞速度小于2x t ；飞机一直在加速，故末速度一定大于平均速度x t ，D 选项正确．4．C 闭合开关S ，滑动变阻器的滑片P 向左移动，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，电源输出电流减小，内电压减小，路端电压增大，则电流表读数变小，电压表读数变大，小灯泡变暗，选项A 、B 错误；由于电容器两端电压增大，由C ＝Q U 可知，电容器C 上的电荷量增大，选项C 正确；由于电源的内阻和外电阻的关系未知，因此输出功率的变化不能确定，选项D 错误．5．AD 选取A 、B 组成的系统为研究对象，对其进行受力分析，在水平方向上由力的平衡条件可知，墙壁对B 的弹力一定为F ；在竖直方向上由牛顿第二定律有(m A ＋m B )g －μF ＝(m A ＋m B )a ；系统加速度a ＝g －μFm A ＋m B ，力F 逐渐增大，系统做加速度逐渐减小的加速运动，后做加速度逐渐变大的减速运动，最终静止，合外力突变为零；选项A 、D 正确．6．A 由电场的叠加原理，A 点的电场强度和C 点的电场强度相同，选项A 正确；B 、D 两点的电场强度及电势均相同，选项B 错；一电子由B 点沿B →A →D 路径移至D 点，电势能先减小后增大，选项C 错；一质子由C 点沿C →O →A 路径移至A 点，电场力对其一直做负功，电势能一直增大，选项D 错．7．BD 天体运动的基本原理为万有引力提供向心力，地球的引力使卫星绕地球做匀速圆周运动，即F 引＝F 向＝m v 2r ＝4π2mr T 2.当卫星在地表运行时，F 引＝GMm R 2＝mg (此时R 为地球半径)，设同步卫星离地面高度为h ，则F 引＝GMm(R ＋h )2＝F 向＝ma向<mg ，所以C 错误、D 正确．由GMm (R ＋h )2＝m v 2R ＋h得，v ＝GMR ＋h< GMR ，B 正确．由GMm (R ＋h )2＝4π2m (R ＋h )T 2，得R ＋h ＝3GMT 24π2，即h ＝3GMT 24π2－R ，A 错． 8．ABC 从图象可知，6 s 时木块的速度为4 m/s ，拉力的功率P ＝F v ＝2×4 W ＝8 W ，选项A 对；在MN 段，由图象可知加速度为0.5 m/s 2，由牛顿第二定律得：m ＝4 kg ，选项B 正确；由图象可知，M 、O 相距19 m ，则拉力做功W ＝Fs ＝38 J ，P ＝W t ＝193 W ，选项C 对；由图象可得N 、O 相距14 m ，木块在NO 段所受摩擦力f ＝1 N ，则克服摩擦力做的功为：W ′＝fs ′＝14 J ，P ′＝3.5 W ，选项D 错． 9．BD 若加水平向左的匀强磁场，小球转到不同方位受到的洛伦兹力方向不都是向上或有向上的分量，A 错；当加上竖直向上的匀强电场时，小球总受到竖直向上的恒定电场力，当电场力与重力平衡时，小球可到达N 点，B 正确；当磁场方向由圆心O 向外时，由左手定则可判断出小球受到的洛伦兹力有向下的分量，C 错；在圆心O 点上方某点放一个带负电的点电荷，库仑力的方向斜向上，有竖直向上的分量，D 正确．10．AC 金属棒的运动方向不变，磁场方向反向，则电流方向相反，选项A 正确；电流方向反向，磁场也反向时，安培力的方向不变，选项B 错误；由q ＝ΔΦR 总，因初、末状态磁通量相等，所以通过电阻R 的电荷量等于零，选项C 正确；由于金属棒匀速运动，所以动能不变，即外力做功全部转化为电热，所以Q ＝2Fx ，选项D 错误．11．解析：(1)图象上端弯成曲线，说明弹力与弹簧的伸长量不再成正比，故可以判断出已经超过弹簧的弹性限度；(2)根据胡克定律F ＝kx 可得：k A ＝F Ax A＝46×10－2N/m ＝66.7 N/m ，k B ＝F Bx B ＝84×10－2N/m ＝200 N/m ；(3)因为不能超过弹簧的弹性限度，故这两个弹簧秤的量程分别不能超过4 N 和8 N.答案：(1)超过了弹簧的弹性限度(1分) (2)66.7(1分) 200(1分) (3)4(1分) 8(1分)12．解析：(1)用半偏法测电压表的内阻时把电阻箱与电压表串联后对电路的影响忽略了，故要求电压表的内阻要远远大于滑动变阻器的最大阻值，正因为如此，测出的电压表的内阻有可以预知的系统误差，所以是一种近似测量的方法； (2)电阻箱与电压表串联后，电压表所在这条支路的电阻变大，则电路的总电阻变大，电流变小，电压表与电阻箱和滑动变阻器并联部分的电压变大，所以电阻箱实际分出的电压偏大，故电压表内阻的测量值就稍大于真实值；(3)闭合S 1时，电阻箱1与电压表串联，此时电压表指针满偏，有R V R 1＝U V1U R 1，即R V 1 500 Ω＝3 VE －3 V，当开关S 1和S 2都闭合后，电阻箱2与电压表并联后再与电阻箱1串联，此时电压表指针半偏，则有R V R 2R V ＋R 2R 1＝12U V1U R 1′，即1 000 Ω×R V R V ＋1000 Ω1 500 Ω＝ 1.5 VE －1.5 V ，联立解得：R V ＝3 000 Ω.答案：(1)近似测量(2分) R V ≫R (2分) (2)3 005.4(2分) 大于(2分) (3)3 000(2分) 13．解：(1)设甲板的长度至少为x0，则由运动学公式得－v20＝－2a0x0故x0＝v20/2a0(3分)代入数据可得x0＝1 102.5 m(2分)(2)舰载机受力分析如图所示，其中F T为阻拦索的张力，f为空气和甲板对舰载机的阻力，由牛顿第二定律得2F T cos 53°＋f－F＝ma1(3分)舰载机仅受空气阻力和甲板阻力时f＝ma0(2分)联立可得F T＝5×105 N(3分)14．解：(1)设小球过C点时的速度为v C，小球从A到C的过程中由动能定理得qE·3R－mg·2R＝12m v2C(2分)由平抛运动可得R＝12gt2和2R＝vCt(2分)联立可得E＝mgq(1分)(2)小球运动到圆轨道D点时的速度最大，设为v，OD与竖直方向的夹角为α，由动能定理得qE(2R＋R sin α)－mgR(1－cos α)＝12m v2(3分)由数学知识可得，当α＝45°时动能最大且最大值为v＝(2＋22)gR(2分)(3)由于小球在D点时的速度最大，且此时电场力与重力的合力恰好沿半径方向，此时受到轨道的支持力最大所以F－qE sin α－mg cos α＝m v2R(3分)代入数据得F＝(2＋32)mg(1分)由牛顿第三定律得，小球对轨道的最大压力F′＝(2＋32)mg 15．解：(1)从O 点射入磁场的电子在磁场中的运动轨迹如图所示，由几何关系有：r ＋rcos 60°＝a ①(2分) 解得：r ＝a3②(1分)电子在磁场中运动时，洛伦兹力等于向心力，即eB v 0＝m v 20r ③(2分) 由②③解得电子比荷e m ＝3v 0Ba ④(1分)(2)由电子的轨道半径可判断，从O 点射入磁场的电子由(0，23a )的位置进入匀强电场，电子进入电场后做类平抛运动，有2r ＝12eE m t 2⑤(2分) x ＝v 0t ⑥(1分)联立②④⑤⑥，将E ＝B v 0代入解得：x ＝23a ⑦(1分)设该电子穿过x 轴时速度与x 轴正方向成θ角，则v y ＝eEm t ⑧(1分) tan θ＝v yv 0⑨(1分)解得：tan θ＝2⑩(1分)设该电子打在荧光屏上的Q 点，Q 点离x 轴的距离为L ，则 L ＝(x 0－x )tan θ＝4a3⑪(1分)即电子打在荧光屏上离x 轴的最远距离为L ＝43a (2分)而从⎝ ⎛⎭⎪⎫0，－23a 位置进入磁场的电子恰好由O 点过y 轴，不受电场力，沿x 轴正方向做直线运动，打在荧光屏与x 轴相交的点上，所以荧光屏上在y 坐标分别为0、－43a 的范围内出现一条长亮线(2分)附加题1．(1)解析：根据热力学第一定律可知，选项A 、B 错误；分子间的距离增大时，如果是在r >r 0范围内，F 引>F 斥，分子力表现为引力，分子力做负功，分子势能增大，如果是在r <r 0范围内，F 引<F 斥，分子力表现为斥力，分子力做正功，分子势能减小，故选项C 错误；自然界中一切与热现象有关的过程都是不可逆的，选项D 正确． 答案：D(5分)(2)解析：由图象可知曲线M 表示晶体，bc 段表示晶体熔化过程，晶体在熔化过程中温度不变，分子平均动能不变，分子势能增大，故内能增加． 答案：晶体 熔点 熔化 吸收 增加(每空1分)(3)解：对缸内理想气体，气缸竖直放置时，p 1S ＝p 0S ＋mg ， 即p 1＝p 0＋mgS ，V 1＝L 0S ①(1分)气缸悬挂时，对缸体，Mg ＋p 2S ＝p 0S ，即p 2＝p 0－MgS ，V 2＝LS ②(1分) 由玻意耳定律：p 1V 1＝p 2V 2，即⎝ ⎛⎭⎪⎫p 0＋mg S L 0S ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫p 0－Mg S LS ③(2分)解得气柱长度为L ＝(p 0S ＋mg )L 0p 0S －Mg(1分)2．(1)解析：波向右传播时，Δt ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫14＋n T (n ＝0、1、2…)，即T ＝4Δt 4n ＋1＝0.08 s 4n ＋1(n＝0、1、2…)，此时波速v ＝λT ＝(4n ＋1)m/s(n ＝0、1、2…)，当n ＝0时，v 1＝1 m/s ，当n ＝1时，v 2＝5 m/s ，故选项A 错、B 对；波向左传播时，Δt ＝⎝ ⎛⎭⎪⎫34＋n T (n ＝0、1、2…)，即T ＝4Δt 4n ＋3＝0.08 s 4n ＋3(n ＝0、1、2…)，此时波速v ＝λT ＝(4n ＋3)m/s(n ＝0、1、2…)，当n ＝0时，v 1＝3 m/s ，选项C 对、D 错． 答案：BC(5分)(2)解析：根据双缝干涉的条纹间距公式Δx ＝ld λ，增大S 1与S 2的间距就是增大d ，所以条纹间距变小；红光的波长比绿光的波长长，所以将绿光换为红光，条纹间距增大．答案：变小(2分) 变大(3分)(3)解：设白光在水中的入射角为r ，色光Ob 的折射角为i 1，色光Oa 的折射角为i 2，则sin r ＝OP AO ＝12，r ＝30°；sin i 1＝OM Ob ＝32，i 1＝60°；sin i 2＝OM Oa ＝36＝22，i 2＝45°(1分)故水对白光中的各种色光的折射率最大为n 1＝sin i 1sin r ＝3，最小为n 2＝sin i 2sin r ＝2(2分)由sin C ＝1n 可得，各种色光发生全反射的最小临界角满足sin C 1＝1n 1＝33，由几何关系可知，sin C 1＝PO 1AO 1＝1＋x 1(3)2＋(1＋x 1)2＝33， 解得：x 1＝⎝ ⎛⎭⎪⎫62－1m(1分)同理sin C 2＝PO 2AO 2＝1＋x 2(3)2＋(1＋x 2)2＝22，解得：x 2＝3－1(m)(1分) 即从A 点发出的白光射到PM 上的入射点O 向右移动⎝ ⎛⎭⎪⎫62－1m 时开始有色光消失，移动()3－1m 时器壁上的色光全部消失．3．(1)解析：采用物理和化学方法都不能改变放射性元素的半衰期，选项A 错误；比结合能小的原子核结合成或分解成比结合能大的原子核时一定放出核能，选项B 错误；由玻尔理论知道氢原子从激发态跃迁到基态时会放出光子，选项C 正确；德布罗意提出了物质波的概念，选项D 正确． 答案：CD(5分)(2)解析：由质量数守恒和电荷数守恒可得中微子的质量数和电荷数都是0，由爱因斯坦质能方程可得每个光子的能量约为mc 2＝9.1×10－31×(3.0×108)2 J ＝8.19×10－14 J.答案：0(1分) 0(1分) 8.19×10－14(3分)(3)解：物体A 从光滑曲面下滑到水平面上的过程中，由机械能守恒定律有：2mgh ＝12×2m v 21，可得v 1＝2gh (1分)物体A 与物体B 碰撞的瞬间，由动量守恒定律有：2m v 1＝3m v 2，可得v 2＝23v 1＝232gh (2分)A 、B 一起压缩弹簧到最短，动能全部转化为弹性势能，弹簧将A 、B 弹出又把弹性势能全部转化为动能(1分)A 、B 一起沿曲面上升的过程由机械能守恒定律有： 12×3m v 22＝3mgh ′，可得h ′＝v 222g ＝49h (1分)。
高考物理模拟试题精编(二)
高考模拟试题精编(十二)【说明】 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间90分钟.第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分．1．用游标卡尺、螺旋测微器等仪器测量长度比用一般的毫米刻度尺直接测量更精确，下列物理实验与游标卡尺、螺旋测微器等仪器制成原理相同的是( ) A ．卡文迪许实验 B ．伽利略理想斜面实验 C ．库仑扭秤实验 D ．法拉第电磁感应实验 2.如图所示，在空中同一水平线上的A 、B 两点分别有带正电的小球M 、N ，在它们连线的竖直垂直平分线上的C 点固定一带负电的小球P ，三个球可以看成点电荷，在库仑力和重力的作用下M 、N 两个球处于静止，则下列说法正确的是( ) A ．M 、N 两球的质量可能不同 B ．M 、N 两球的带电荷量可能不同C ．M 、N 两球受到的库仑力合力的大小一定相等D ．M 、N 两球受到的库仑力合力的方向一定竖直向上3．据美国《连线》杂志网站报道，在浩瀚的宇宙中，天文学家成功测得太阳系外的一颗行星的质量，发现其密度和地球相同．这是科学家证实的第一颗同地球密度相同的类地行星．已知类地行星的表面重力加速度是地球表面重力加速度的2倍(忽略行星自转的影响)，则下列说法正确的是()A．类地行星与地球的质量之比为8∶1B．类地行星与地球的半径之比为2∶1C．类地行星与地球的第一宇宙速度之比为1∶2D．类地行星与地球的第一宇宙速度之比为2∶14.如图所示，已知电源的内电阻r<R，当R0的滑动触头从上端滑到下端的过程中，下列说法正确的是()A．电容器一直处于放电过程B．电容器一直处于充电过程C．电源的输出功率先增大后减小D．电源的效率先增大后减小5．在2012年雪灾救援中，一架在500 m高空以200 m/s的速度水平匀速飞行的运输机，要将两批救援物资分别投放到山腰的D点(D位于AC的中点)和山脚的C点．已知山AB高360 m，水平距离BC长1 200 m．若不计空气阻力，g取10 m/s2，则两次空投的时间间隔应为()A．1 s B．2 sC．3 s D．5 s6.如图所示，10匝矩形线圈在匀强磁场中绕OO′轴匀速转动，周期为π10，线圈的电阻R＝1 Ω，从图示位置开始计时，线圈转过60°时的感应电流为2 A，则下列表达式正确的是()A．感应电动势的瞬时值表达式为e＝4sin (20t) VB．感应电动势的瞬时值表达式为e＝4cos (20πt) VC．任意时刻通过线圈磁通量的表达式为Φ＝0.02sin (20t) WbD．任意时刻通过线圈磁通量的表达式为Φ＝0.02cos (20πt)Wb7.如图所示，一质量为m的物体静置在倾角为θ＝30°的光滑斜面底端，现用沿斜面向上的恒力F沿斜面向上拉物体使其做匀加速直线运动，经时间t，力F做功为W，此后撤去恒力F，物体又经t时间回到出发点，若以地面为零势能面，下列说法正确的是()A．F＝23mgB．F＝mgC．物体动能与势能相同的位置在撤去力位置的下方D．物体动能与势能相同的位置在撤去力位置的上方8.如图所示，一个边长为L的正方形线圈置于边界水平的匀强磁场上方L处，磁场宽也为L，方向垂直纸面向里，由静止释放线圈且线圈平面始终与磁场方向垂直，如果从线圈的一条边刚进入磁场开始计时，则下列关于通过线圈横截面的电荷量q、感应电流i、线圈运动的加速度a、线圈具有的动能E k随时间变化的图象可能正确的有()9.如图所示，一质量为m的物块恰好静止在倾角为θ、质量为M的斜劈上．物块与斜劈和斜劈与地面间的动摩擦因数均为μ.现对物块施加一个水平向右的恒力F，如果物块和斜劈都仍处于静止状态，则()A．物块受到的合外力增大B．地面对斜劈的摩擦力可能减小C．水平恒力F不可能大于mg sin θ＋μmg cos θcos θ－μsin θD．水平恒力F可能大于μ(m＋M)g10.如图所示，在第二象限中有水平向右的匀强电场，电场强度为E，在第一象限内存在垂直纸面向外的匀强磁场，磁感应强度大小为B.有一重力不计的带电粒子以垂直于x轴的速度v0＝10 m/s从x轴上的P点进入匀强电场，恰好与y轴成45°角射出电场，再经过一段时间又恰好垂直于x轴进入第四象限．已知OP之间的距离为d＝0.5 m，则带电粒子()A．带正电荷B．在电场中运动的时间为0.1 sC．在磁场中做圆周运动的半径为22m D．在磁场中运动的时间为3π40s答题栏第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、非选择题：本题共5小题，共60分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11.(5分)如图甲为某实验小组探究小车加速度与小车所受到的拉力及质量的关系的实验装置图．图中A为小车，B为砝码及砝码盘，C为一端带有定滑轮的长木板，小车通过纸带与电火花打点计时器相连．(1)该小组的同学想用砝码及砝码盘的重力表示小车受到的合外力，为了减小这种做法带来的实验误差，你认为下列说法中正确的是________．A．实验时要平衡摩擦力B．实验时不需要平衡摩擦力C．砝码和砝码盘的重力要远小于小车的总重力D．实验进行时应先释放小车再接通电源(2)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a-F图象可能是图乙中的图线________(填“甲”、“乙”或“丙”)．(3)若实验中平衡摩擦力的操作正确且恰好平衡了摩擦力，但由于漏测了某个物理量，作出的a-F图象为图乙中的图线甲，请说明可能漏测的物理量是________．12.(10分)某同学用电流表和电压表测干电池的电动势和内阻时，所用滑动变阻器的阻值范围为0～20 Ω，连接电路的实物图如图1所示．(1)该同学接线中错误的和不规范的地方有________．A．滑动变阻器不起变阻作用B．电流表接线有错C．电压表量程选用不当D．电压表接线有错(2)改正实验装置连接后，该同学记录了6组数据见下表，试根据这些数据在图2表格中画出U-I图线，根据图线求出电池的电动势E＝________V，内阻r＝________Ω.(3)用图3响，下列说法正确的是()A．用图3所示电路做实验，E测<E真B．用图3所示电路做实验，r测<r真C．用图4所示电路做实验，E测<E真D．用图4所示电路做实验，r测<r真13．(13分)光滑水平面上有质量为M、高度为h的光滑斜面体A，斜面顶端有质量为m的小物体B，二者都处于静止状态．从某时刻开始释放物体B，在B沿斜面下滑的同时斜面体A沿水平方向向左做匀加速运动．经过时间t，斜面体水平移动s，小物体B刚好滑到底端．(1)求运动过程中斜面体A所受的合力F A；(2)分析小物体B做何种运动，并说明理由；(3)求小物体B到达斜面体A底端时的速度v B大小．14.(14分)如图甲所示，在真空中足够大的绝缘水平地面上，一个质量为m＝0.2 kg、带电荷量为q＝＋2.0×10－6 C的小物块处于静止状态，小物块与地面间的动摩擦因数μ＝0.1.从t＝0时刻开始，空间上加一个如图乙所示的电场．(取水平向右的方向为正方向，g取10 m/s2)求：(1)4秒内小物块的位移大小；(2)4秒内电场力对小物块所做的功．15.(18分)如图所示，在坐标系的第一象限存在一垂直纸面向外的矩形有界匀强磁场，磁感应强度的大小为B.在第三象限存在与y轴成30°角的匀强电场．现有一带电荷量为q、质量为m的带正电的粒子由静止从电场的P点经电场加速后从O点进入磁场(不计粒子的重力)．求：(1)欲使粒子打到上边界中点，PO间的电势差U PO；(2)欲使粒子从右边界以最大速度射出，U PO′的值；(3)从磁场中射出的粒子在磁场中运动的最长时间．附加题：本题共3小题，每小题15分．分别考查3－3、3－4、3－5模块．请考生根据本省考试情况选择相应题目作答，其分值不计入总分．1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)气体在容积固定的密闭容器中并且温度升高时，下列说法正确的是________．A．气体分子的平均动能变大，压强增大B．气体分子做布朗运动的平均速率变大C．气体分子的平均势能变大，压强增大D．气体分子间的距离变大，压强减小(2)(5分)人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程，水黾可以停在水面上和叶面上的露珠呈球形都说明液体表面层内的分子比液体内部的稀疏，形成________，液晶是一类处于________之间的特殊物质，其分子间的作用力较强，在体积发生变化时需要考虑分子间力的作用，说明分子势能和________有关．(3)(5分)如图1所示，体积为V A＝1.5 m3、内壁光滑的圆柱形导热气缸顶部有一质量和厚度均可忽略的活塞．现在活塞上面放一个质量为m的重物，使气体发生图2所示的由A到B的状态变化，再对气体加热，使气体发生由B到C的状态变化，气缸内气体的所有变化过程都是缓慢的．①求气缸内气体在状态B时的体积V B；②在整个气体变化过程中，气体做功是否为零？如果为零则简要说明理由，如果不为零则分析是外界对气体做功多还是气体对外做功多．2．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)关于机械波和光波，下列说法正确的是________．A．泊松亮斑是一种光的衍射现象，机械波也可能发生B．用白光做杨氏双缝干涉和薄膜干涉原理相近，均可看到间距相等的彩色条纹C．声波传播过程中，介质中质点的运动速度等于声波的传播速度D．地震波中同时含有横波和纵波，纵波具有更大的破坏作用(2)(5分)处于坐标原点的波源产生一列简谐横波沿x轴正方向传播，波速为v＝20 m/s，在t＝0时波刚好传播到x＝8 m处，波形如图所示，在x＝40 m处有一接收器，则从波产生经过________s接收器才能接收到此波，此时x＝2 m处的质点P 振动的路程是________m.(3)(5分)如图所示为直角三棱镜的截面ABD ，∠A ＝30°，BD 边的长度为1 m ，两条相同的单色光a 、b 垂直AB 边分别射到AD 、BD 边的中点E 、F ，如果此三棱镜的折射率为 3，则①通过计算说明两条光线射到AD 和BD 边上是否发生全反射？ ②试确定两条光线经过一次折射后在三棱镜外的交点位置． 3．[物理——选修3－5](15分)(1)(5分)6027Co 发生一次β衰变后变为Ni 核，在该衰变过程中还发出两个频率均为ν的光子，如果衰变前6027Co 的质量为M Co ，衰变后产生的Ni 核质量为M Ni ，β粒子的质量为m ，则下列说法中正确的是________．A ．衰变反应方程为6027Co →6028Ni ＋ 0－1eB ．衰变过程的质量亏损为Δm ＝M Co －(M Ni ＋m )C ．光子能量E ＝hν＝Δmc 2D ．两个光子的总能量为E 总＝2hν＝Δmc 2(2)(5分)已知氢原子能级公式为E n ＝E 1n 2，E 1＝－13.6 eV ，氢原子在下列各能级间跃迁：①从n ＝2到n ＝1，②从n ＝5到n ＝3，③从n ＝4到n ＝2，在跃迁过程中辐射的光子的波长分别用λ1、λ2、λ3表示．则三种光子的波长之比λ1∶λ2∶λ3＝________，如果这三种光子中只有一种光子可以使某种金属发生光电效应，则这种光子一定是波长为________的光子．(3)(5分)质量为M ＝1 kg 的滑块由水平轨道和竖直平面内的四分之一光滑圆弧轨道组成，放在光滑的水平面上．滑块开始时静止，质量为m ＝2 kg 的物块(可视为质点)以某初速度从水平轨道滑上滑块，恰好可以到达圆弧轨道的最高点，如果水平轨道的长度和圆弧轨道的半径均为R ＝1 m ，物块与水平轨道间的动摩擦因数为μ＝0.1，g ＝10 m/s 2，求物块滑上水平轨道时的初速度v 0.高考模拟试题精编(十二)参考答案1．AC 游标卡尺、螺旋测微器等仪器都是按放大原理制成的，而在卡文迪许实验和库仑扭秤实验中也用到了放大的思想，所以A 、C 正确．2．CD 由于M 、N 间的库仑力等大反向，因此P 对M 的库仑力与P 对N 的库仑力沿水平方向的分力大小相等，则M 、N 两球的带电荷量一定相等，B 错误；由于M 、N 两球受到库仑力的合力都与两个球的重力等大反向，因此M 、N 两球受到的库仑力的合力方向一定竖直向上，且大小相等，C 、D 正确，A 错误． 3．ABD 对于行星(或地球)表面的物体m ：G Mm R 2＝mg ①，M ＝ρ43πR 3 ②，联立①②得：R ＝3g 4G πρ，M ＝9g 316G 2π2ρ2，M ∝g 3、R ∝g ，A 、B 正确；由v ＝gR 知，C 错、D 正确．4．D 不难证明，R 0的滑动触头滑到其中点时，电源外电路的总电阻R 总最大．所以在R 0的滑动触头从上端滑到下端的过程中，R 总先增大后减小，电容器两端的电压先减小后增大，所以电容器先放电后充电，A 、B 均错；由于r <R ，所以电源的输出功率先减小后增大，C 错；电源的效率η＝I 2R 总I 2(R 总＋r )＝11＋r R 总，先增大后减小，D 正确．5．A 救援物资从运输机上投放后做平抛运动，物资下落到D 点所用时间t 1＝2h 1g ＝2×32010 s ＝8 s ，物资下落到C 点所用时间t 2＝2h 2g ＝2×50010 s＝10 s ．所以第一次投放时距D 点的水平距离为x 1＝v 0t 1＝1 600 m ，第二次投放时距C 点的水平距离为x 2＝v 0t 2＝2 000 m ，所以两次投放的水平距离差Δx ＝x 1＋600 m －x 2＝200 m ，故两次空投的时间间隔 应为1 s ，A 选项正确．6．C 由题意知开始计时时刻线圈在峰值面上，所以电动势瞬时值满足e ＝E m cos ωt ，转过60°时的电动势e 1＝IR ＝2 V ，即E m cos 60°＝2 V ，所以E m ＝4 V ．又ω＝2πT ＝20 rad/s ，故感应电动势的瞬时值表达式为e ＝4cos (20t ) V ，A 、B 均错；从峰值面开始计时，任意时刻通过线圈磁通量的表达式为Φ＝Φm sin ωt ，D 错；由E m ＝nΦm ω得： Φm ＝0.02 Wb ，所以任意时刻通过线圈磁通量的表达式为Φ＝0.02sin (20t ) Wb ，C 正确．7．AC 设撤力前物体的加速度为a 1，撤力后的加速度为a 2，由题意，根据运动学公式得：12a 1t 2＋a 1t 2－12a 2t 2＝0，解得a 2＝3a 1.由牛顿第二定律得：F －mg sin θ＝ma 1，mg sin θ＝ma 2，联立得F ＝23mg ，A 对，B 错．设撤力时物体的速度为v 1，物体回到底端的速度为v 2，v 2＝|a 1t －a 2t |＝2a 1t ＝2v 1，根据功能关系，12m v 22＝W ，所以撤力瞬间物体的动能为12m v 21＝18m v 22＝14W ，重力势能E p ＝34W ，因此，物体动能与势能相同的位置在撤去力位置的下方，C 对、D 错．8．ACD 若线圈进入磁场时受到的安培力等于重力，则线圈匀速进入，感应电流恒定，由q ＝It 可知，通过导体横截面的电荷量均匀增大，线圈离开时由楞次定律可知，感应电流方向改变，通过的电荷量均匀减小，选项A 可能；由于线圈通过磁场时，线圈的宽度与磁场的宽度相等，故始终是一条边做切割磁感线运动，且速度不可能减小到零，所以线圈通过磁场的过程中不可能出现感应电流为零的情况，故选项B 错误；由于线圈进入磁场时也可能重力大于安培力，因此继续做加速运动，但速度增大则安培力增大，加速度减小，当安培力增大到等于重力时，加速度变为零，故选项C 可能；如果线圈刚进入磁场时安培力就大于重力，则线圈做减速运动，速度减小则安培力减小，最后可能达到平衡，速度不变，动能不变，故选项D 可能．9．C 因为物块受到水平推力F 后仍然处于静止状态，则物块所受合外力仍然为零，故选项A 错误；以物块和斜劈整体为研究对象，水平推力作用前，水平方向没有相对运动趋势，地面对斜劈的摩擦力为零，水平推力F 作用后，水平推力与地面对斜劈的摩擦力平衡，故选项B 错误；因为斜劈也处于静止状态，故地面对斜劈的摩擦力为静摩擦力，一定小于μ(m ＋M )g ，故选项D 错误；以物块为研究对象，物块有上滑趋势但没有滑动的情况下，将重力和水平推力正交分解有F N ＝mg cos θ＋F sin θ，F cos θ≤mg sin θ＋F f ，F f ＝μF N ，联立解得：F ≤mg sin θ＋μmg cos θcos θ－μsin θ，故选项C 正确． 10．ABD根据带电粒子在电场中的偏转方向可知带电粒子带正电荷，选项A正确；由恰好与y轴成45°角射出电场可知，离开电场时v x＝v y＝v0，则v＝2v0＝10 2 m/s，在电场中沿x轴方向上做匀加速运动，d＝v02t，解得粒子在电场中运动的时间为t＝2dv0＝0.1 s，选项B正确；沿y轴方向上的位移为l＝v0t＝2d＝1 m，在磁场中的偏转圆心角为135°(如图所示)，由几何关系可得圆周运动的半径为R＝2l＝22d＝ 2 m，故选项C错误；在磁场中运动的时间为t＝135°360°·T＝38·2πRv＝3πd2v0＝3π40s，故选项D正确．11．解析：(1)本实验需要先平衡摩擦力；根据牛顿第二定律可求得小车受到的拉力应该是F＝m车a＝m车m码gm码＋m车＝m码g1＋m码m车，可见，只有在小车质量远大于砝码和砝码盘的质量时，才可将砝码和砝码盘的重力当做小车所受的拉力．(2)本实验中，如果没有平衡摩擦力，当拉力增大到一定值时，小车才会有加速度，作出的a-F图象会与横轴正半轴相交．(3)本实验中，小车受到的合外力应是砝码和砝码盘的总重力，如果平衡摩擦力的操作正确且恰好平衡了摩擦力，a－F图象为题图乙中的图线甲，可能漏测的物理量是砝码盘的重力．答案：(1)AC(2分)(2)丙(1分)(3)砝码盘的重力(2分)12．解析：(1)滑动变阻器要起变阻的作用，必须使接入电路的两根导线一条接在下面的接线柱上，另一条接在上面的接线柱上；题图1中电流表的“＋”、“－”接线柱接法错误；电压表不能直接并联到电源两端，因为开关断开后，电压表仍有示数．(2)先描点，再画图；画U-I图线时，应使尽可能多的点分布在一条直线上，其他各点均匀分布在直线两侧，个别偏离太多的点应舍弃；由图线与纵轴的交点可得电动势E＝1.45 V；根据图线的斜率可得内阻r＝0.75 Ω.(3)用题图3所示电路时，电压表应看成内电路的一部分，故实际测量出的是电池和电压表这一整体的电动势和等效内阻，因为电压表和电池并联，所以r 测<r 真；若断开外电路，则电压表两端电压U ＝E 测，而电压表与电池构成回路，所以有E测<E 真．用题图4所示电路时，电流表应看成内电路的一部分，故实际测出的是电池和电流表这一整体的电动势和等效内阻，因为电流表和电池串联，所以等效内阻r 测＝r 真＋R A ，即r 测>r 真；如果断开外电路，I ＝0，电流表两端电压为0，E 测＝E真．综上分析可知，本题答案为A 、B.答案：(1)ABD(2分)(2)U －I 图线如图所示(2分) 1.45(2分) 0.75(2分) (3)AB(2分)13．解：(1)对A ，在匀加速运动过程中s ＝12at 2(2分) 由牛顿第二定律得F A ＝Ma ＝2Ms t 2(2分)(2)物体B 做匀加速运动．因为A 做匀加速运动，B 对A 的作用力一定，由牛顿第三定律知，A 对B 的作用力也一定，B 还受到重力作用，重力也是恒力，所以B 受到的合力是恒力，B 做匀加速运动(3分)(3)对A 、B 组成的系统，机械能守恒，由机械能守恒定律得mgh ＝12M v 2A ＋12m v 2B (3分)v A ＝at ＝2s t (2分)解得：v B ＝2gh －4Ms 2mt 2(1分) 14．解：(1)0～2 s 内小物块加速度a 1＝E 1q －μmg m＝2 m/s 2(2分) 位移x 1＝12a 1t 21＝4 m(1分)2 s 末的速度为v 2＝a 1t 1＝4 m/s(2分)2 s －4 s 内小物块加速度a 2＝E 2q －μmg m＝－2 m/s 2(2分) 位移x 2＝v 2t 2＋12a 2t 22＝4 m(1分)4秒内的位移x ＝x 1＋x 2＝8 m ．(2分)(2)v 4＝v 2＋a 2t 2＝0，即4 s 末小物块处于静止状态设电场力对小物块所做的功为W ，由动能定理有：W －μm gx ＝0(2分)解得W ＝1.6 J(2分)15．解：(1)带电粒子在电场中，由动能定理：qU PO ＝12m v 2①(1分)在磁场中，如图甲所示，由几何关系可知，打在上边界中点的粒子的轨道半径为：R ＝2a 4sin 15°②(2分) 由牛顿第二定律：q v B ＝m v 2R ③(2分)联立得：U PO ＝qa 2B 216m sin 215°(2分)(2)由q v B ＝m v 2R 得：v ＝qBR m ，从表达式可知，具有最大速度的粒子，在磁场中做圆周运动的半径最大．如图乙所示，轨道1对应的半径最大，根据几何关系可知：R m sin 30°＝R m －a 2④(3分)联立得：U PO ′＝qB 2a 22m (3分)(3)粒子在磁场中做圆周运动的周期为：T ＝2πm qB若粒子在磁场中运动的轨迹所对的圆心角为θ，则粒子在磁场中运动的时间为：t ＝θ2πT ＝mθqB (2分)因此粒子运动的轨迹所对的圆心角越大，运动的时间越长，从图乙中可以看出，β角最大，β＝23π，所以最长时间t m ＝mβqB ＝2πm 3qB (3分)附加题1．(1)解析：气体分子的平均动能变大，则容器单位面积单位时间内分子撞击的数目和作用力都增大，故压强增大，选项A 正确、D 错误；布朗运动是宏观颗粒的运动，能反映分子的运动，故选项B 错误；与分子的平均势能相关的宏观物理量是体积，体积不变，平均势能不变，选项C 错误．答案：A(5分)(2)解析：液体表面张力产生的原因是液体跟气体接触的表面存在一个薄层，叫做表面层，表面层里的分子比液体内部稀疏，分子间的距离比液体内部大一些，分子间的相互作用表现为引力．液晶是像液体一样可以流动，又具有某些晶体结构特征的一类物质，分子间的距离比一般液体的小，分子作用力较大，所以在体积变化时需要考虑分子力的作用，同时说明了分子势能与体积有关．答案：表面张力(2分) 液态和固态(2分) 体积(1分)(3)解：①气体由状态A 变化到状态B 的过程，发生的是等温变化，根据玻意耳定律有p A V A＝p B V B(1分)代入数据解得V B＝13V A＝0.5 m3(1分)②气体由状态B变化到状态C的过程，发生的是等压变化，根据盖－吕萨克定律有V BV C＝T BT C，代入数据解得：V C＝3V B＝1.5 m3(1分)可见在气体由A→B和由B→C的变化过程中，气体的体积变化量相等，而活塞的横截面积一定，故气体的做功情况可以由W＝Fl＝pSl＝pΔV确定(1分)A→B的过程，活塞压缩气体，外界对气体做功，B→C的过程气体膨胀对外做功，体积的变化量相等，而A→B的过程压强由p A到p B逐渐增大，B→C的过程压强为p B，发生等压变化，故整个过程气体做功不为零，气体对外做功多(1分) 2．(1)解析：光波和机械波虽然都可以发生衍射现象，但波长、本质、传播及产生机理不同，衍射的具体情况也是不同的，故机械波不能产生泊松亮斑，选项A 错误；双缝干涉是光波通过双缝衍射的光传播到某点的光程差决定明暗条纹，而薄膜干涉是射到薄膜上的光折射到薄膜中再反射回来与在薄膜表面直接反射的光叠加产生的，光程差就是在薄膜中传播的那段路程，所以原理相近，由于白光是复色光，波长不同，故看到的就是间距相等的彩色条纹，选项B正确；介质中的质点发生的是振动，选项C错误；横波与纵波的波动特征分别是对障碍物产生扰动和推动，所以纵波破坏性更大，选项D正确．答案：BD(5分)(2)解析：由图象可知，波传播到x＝8 m处时，波形为两个完整的正弦波形，则波传播了两个波长，即2λ＝8 m，λ＝4 m，由v＝λT可得T＝λ＝0.2 s，由nλ＝40 m，则n＝10，故波传播到x＝40 m处的时间为10 T＝2 s，而此时x＝2 m处的P点已经振动9.5 T，因此其振动路程为s＝9.5×4A＝3.8 m.答案：2(3分) 3.8(2分)(3)解：①根据题意可知，三棱镜的折射率为3，则发生全反射的临界条件为sin C＝1n＝33，由题图可知a光射到AD面的入射角为30°，因为sin 30°＝12<33，所以入射角小于全反射临界角，不会发生全反射，b光射到BD面的入射角为60°，因为sin 60°＝32>33，所以入射角大于全反射临界角，发生全反射．(2分)②如图所示，a光线从AD面折射，由折射定律可知折射角等于60°，因此折射光线与AD面的夹角等于30°，b光线射到BD面上发生全反射，反射角等于60°，反射光线射到AD面的入射角等于30°，因此折射光线与AD成30°的夹角，由几何关系可知，AD的长度为 3 m，则ED的长度为32m，FD的长度为0.5 m，所以GD的长度为0.5·tan 30°＝36m，故EG的长度为32m－36m＝33m，M为EG的中点，所以EM的长度为36m、HM的长度为36m·tan 30°＝16m，即两条光线第一次相交在AD边距离D点33m处的M点外垂直距离为16m的H位置．(3分)3．(1)解析：由核反应过程的质量数守恒和电荷数守恒可知，选项A正确；质量亏损就是反应后的总质量与反应前的总质量的差值，故选项B正确；根据质能关系可知，亏损的质量全部转化成能量即核反应释放的核能，但产生的核能还要提供反应后新核和β粒子的动能，故选项C、D错误．答案：AB(5分)(2)解析：根据光子的能量为hν＝h cλ、能级公式E n＝E1n2和hν＝E n－E m可得：hcλ＝E1n2－E1m2，即λ＝hcm2n2E1(m2－n2)，因为E1＝－13.6 eV，故λ＝hcm2n2|E1|(n2－m2)，所以三种光子的波长比为λ1∶λ2∶λ3＝12×2222－12∶32×5252－32∶22×4242－22＝64∶675∶256，由比值可以看出，波长为λ1的光子波长最短，则频率最大，因为只有一种光子可以使某种金属发生光电效应，则只有这种光子的频率大于该金属的极限频率．答案：64∶675∶256(3分)λ1(2分)(3)解：设物块运动到圆弧轨道时速度为v1，滑块的速度为v2，根据动量守恒定律有m v0＝m v1＋M v2①(1分)由功能关系有12m v 20＝12m v 21＋12M v 22＋μmgR ②(1分)恰好滑上圆轨道最高点的过程中，由动量守恒有 m v 1＋M v 2＝(m ＋M )v 3 ③(1分)由功能关系有12m v 21＋12M v 22＝12(m ＋M )v 23＋mgR ④(1分)联立①②③④代入数据解得：v 0＝66 m/s(1分)。
课标物理高考模拟试题精编(六)
高考模拟试题精编(六)【说明】本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间90分钟.题号 一 二 附加题 总分 11 12 13 14 15 得分第Ⅰ卷(选择题共40分)一 二 附加题 总分 11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)二 附加题 总分 11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)附加题 总分 11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)总分 11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)11 12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)12 13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)13 14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)14 15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)15 得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)得分 第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)第Ⅰ卷(选择题共40分)一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分．1.INCLUDEPICTURE"114.TIF"光滑水平面上静置一质量为m的物体，现用一水平力拉物体，使物体从静止开始运动，物体的加速度随时间变化的关系如图所示，则此物体()A．在0～2 s内做匀加速直线运动B．在2 s末的速度为2 m/s C．在2 s～4 s内的位移为8 m D．在t＝4 s时速度最大2．一直角三角块按如图所示放置，质量均为m的A、B两物体用轻质弹簧相连放在倾角为30°的直角边上，物体C放在倾角为60°的直角边上，B与C之间用轻质细线连接，A、C的质量比为eq \f(\r(3),4)，整个装置处于静止状态，已知物体A、B 与斜面间的动摩擦因数相同(μ<1)且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧弹力大小为mg，C与斜面间无摩擦，则()INCLUDEPICTURE"115.TIF"A．物体A、B均受到摩擦力作用且等大反向B．物体A所受摩擦力大小为eq \f(1,2)mg，物体B不受摩擦力作用C．弹簧处于拉伸状态，A、B两物体所受摩擦力大小均为eq \f(1,2)mg，方向均沿斜面向下D．剪断弹簧瞬间，物体A一定加速下滑3.INCLUDEPICTURE"117.TIF"如图所示，在某星球表面以初速度v0将一皮球与水平方向成θ角斜向上抛出，假设皮球只受该星球的引力作用，已知皮球上升的最大高度为h，星球的半径为R，引力常量为G，则由此可推算()A．此星球表面的重力加速度为eq \f(v\o\al(2,0)cos2θ,2h)B．此星球的质量为eq \f(v\o\al(2,0)R2sin2θ,2Gh)C．皮球在空中运动的时间为eq \f(2h,v0sin θ)D．该星球的第一宇宙速度为v0sin θ·eq \r(\f(R,h))4．如图甲所示，用一轻质绳拴着一质量为m的小球，在竖直平面内做圆周运动(不计一切阻力)，小球运动到最高点时绳对小球的拉力为T，小球在最高点的速度大小为v，其T-v2图象如图乙所示，则()INCLUDEPICTURE"118.tif"A．轻质绳长为eq \f(mb,a)B．当地的重力加速度为eq \f(m,a)C．当v2＝c时，轻质绳的拉力大小为eq \f(ac,b)＋aD．只要v2≥b，小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a5.INCLUDEPICTURE"119.TIF"如图所示，传送带以v0＝5 m/s的速度顺时针转动，水平部分AB＝s＝1.5 m，一质量为m＝0.4 kg的小工件由A点轻轻放上传送带，工件与斜面间的动摩擦因数为μ1＝eq \f(\r(3),6)，工件在B处无能量损失且恰好能滑到最高点P，已知BP＝L＝0.6 m，斜面与水平面的夹角为θ＝30°，g＝10 m/s2，不计空气阻力，则可判定() A．工件从A到B先做匀加速运动再做匀速运动B．工件运动到B点时的速度大小为5 m/sC．工件与传送带间的动摩擦因数为0.3D．工件从A运动到P的过程中因摩擦而产生的热量为4.2 J6.INCLUDEPICTURE"123.TIF"如图所示，在平面直角坐标系中有一底角是60°的等腰梯形，坐标系中有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中O(0,0)点电势为6 V，A(1，eq \r(3))点电势为3 V，B(3，eq \r(3))点电势为0 V，则由此可判定()A．C点电势为3 VB．C点电势为0 VC．该匀强电场的电场强度大小为100 V/mD．该匀强电场的电场强度大小为100eq \r(3) V/m7.INCLUDEPICTURE"121.TIF"如图所示，电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，灯泡L正常发光，电容器中的带电液滴恰好处于静止状态，则滑片向下移动的过程中()A．灯泡L将变亮B．液滴将向下加速运动C．定值电阻R0中有从a到b的电流通过D．电源消耗的总功率将增大8.INCLUDEPICTURE"122.TIF"如图所示，10匝矩形线框在磁感应强度B＝eq \f(\r(2),10)T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴OO′以角速度ω＝100 rad/s匀速转动，线框电阻不计，面积为S＝0.3 m2，线框通过滑环与一理想变压器的原线圈相连，副线圈接有两只灯泡L1(0.3 W,30 Ω)和L2，开关闭合时两灯泡均正常发光，且原线圈中电流表示数为0.04 A，则下列判断正确的是()A．若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为30eq \r(2)sin 100t(V)B．理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1C．灯泡L2的额定功率为0.9 WD．若开关S断开，电流表示数将增大9.INCLUDEPICTURE"124.TIF"霍尔元件是一种应用霍尔效应的磁传感器，广泛应用于各领域，如在翻盖手机中，常用霍尔元件来控制翻盖时开启或关闭运行程序．如图是一霍尔元件的示意图，磁场方向垂直霍尔元件工作面，霍尔元件宽为d(M、N间距离)，厚为h(图中上下面距离)，当通以图示方向电流时，MN两端将出现电压U MN，则()A．MN两端电压U MN仅与磁感应强度B有关B．若霍尔元件的载流子是自由电子，则MN两端电压U MN<0C．若增大霍尔元件宽度d，则MN两端电压U MN一定增大D．通过控制磁感应强度B可以改变MN两端电压U MN10.INCLUDEPICTURE"125.TIF"竖直平面内有一宽为2L、磁感应强度为B、方向垂直纸面向里的匀强磁场和两个边长均为L，电阻均为R，质量分别为2m、m的正方形导体框ABCD和abcd，两线框分别系在一跨过两个定滑轮的轻质细线两端，开始时两线框位置如图所示，现将系统由静止释放，当ABCD刚好全部进入磁场时，系统开始做匀速运动直到abcd完全出磁砀，不计摩擦和空气阻力，则()A．系统匀速运动时速度大小为eq \f(2mgR,B2L2)B．从开始运动到abcd完全出磁场的过程中，细线拉力恒定不变C．线框abcd通过磁场所需时间为eq \f(4B2L2,mgR)D．从开始运动到abcd完全出磁场的过程中，两线框中产生的总焦耳热为4mgL－eq \f(3m2g2R2,2B4L4)答题栏题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)3 4 5 6 7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)4 5 6 7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)5 6 7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)6 7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)7 8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)8 9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)9 10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)10 答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)答案 第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)第Ⅱ卷(非选择题共60分)二、非选择题：本题共5小题，共60分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．(6分)在“探究物体的加速度与力、质量的关系”的实验中()(1)以下操作正确的是________．A．平衡摩擦力时，应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B．平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器C．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D．实验时，应先放开小车，后接通电源(2)如图是该实验中打点计时器打出的纸带，打点频率为50 Hz.O点为打出的第一个点，A、B、C、D、E、F、G是计数点，每相邻两计数点间有4个点未标出，OA＝17.65 cm、AB＝11.81 cm、BC＝14.79 cm、CD＝17.80 cm、DE＝20.81 cm、EF＝23.80 cm、FG＝26.79 cm.则物体的加速度是______m/s2，打F点时的速度是________m/s.(结果均保留3位有效数字)INCLUDEPICTURE"127.tif"12．(9分)某实验小组用“工作点”法测定一非线性元件的实际功率，利用图甲所示的器材设计电路，其中电压表V的量程为15 V，内阻约为150 kΩ，毫安表mA的量程为150 mA，内阻约为10 Ω.他们通过实验，得到此“元件”的伏安特性曲线，如图乙所示．INCLUDEPICTURE"128.tif"(1)请你把图甲所示的实物图连接完整；(2)通过图乙所示的伏安特性曲线可知，随着电压的增加，该“元件”的电阻________(填“不变”、“增加”或“减小”)．(3)把此“元件”和阻值为99 Ω的标准电阻串联接在电动势为10 V，内阻为1 Ω的电源两端时，该“元件”消耗的功率为________(保留2位有效数字)．13．(13分)高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v0＝30 m/s，相距s0＝100 m，t＝0时，甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化的关系分别如图甲、乙所示，以运动方向为正方向，则：INCLUDEPICTURE"129.tif"(1)两车在0～9 s内何时相距最近？最近距离是多少？(2)若要保证t＝12 s时乙车在甲车后109 m，则图乙中a0应是多少？14.INCLUDEPICTURE"130.TIF"(14分)如图所示，一对光滑的平行金属导轨(电阻不计)固定在同一水平面内，导轨足够长且间距为L，左端接有阻值为R的电阻，一质量为m、长度为L的金属棒MN放置在导轨上，金属棒的电阻为r，整个装置置于方向竖直向上的匀强磁场中，磁砀的磁感应强度为B，金属棒在水平向右的外力作用下，由静止开始做加速运动，保持外力的功率为P不变，经过时间t金属棒最终做匀速运动．求：(1)金属棒匀速运动时的速度是多少．(2)t时间内回路中产生的焦耳热是多少．15.INCLUDEPICTURE"131.TIF"(18分)如图所示，在平面直角坐标系xOy中的第一象限内存在以x＝0.5 m为界的两个匀强磁场Ⅰ和Ⅱ，磁场Ⅰ的磁感应强度B＝0.5 T，方向垂直纸面向里，磁场Ⅱ方向垂直纸面向外，磁感应强度大小未知，在原点O处放有一个开有小孔的粒子源，粒子源能同时放出比荷为eq \f(q,m)＝4×106 C/kg的不同速率的正粒子束，沿与x轴成30°角的方向从小孔射入磁场，入射粒子束的速率最大值为v m＝2.0×106 m/s，不计粒子间的相互作用及重力．(1)求粒子打在y轴上的范围；(2)从t＝0时刻开始，求沿与x轴成30°角的方向从小孔射入的各种不同速率的正粒子经过eq \f(5π,3)×10－7 s时所在位置构成的曲线方程；(3)若控制粒子源，让正粒子均以最大速率射出，且射出的同时，让磁场Ⅰ反向，小孔调向y轴正方向，发现所有正粒子刚好不从x轴射出，求磁场Ⅱ的磁感应强度B′(保留2位有效数字)．附加题：本题共3小题，每小题15分．分别考查3－3、3－4、3－5模块．请考生根据本省考试情况选择相应题目作答，其分值不计入总分．1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________．A．水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有空隙B．物体的温度升高时，其分子平均动能增大C．气体绝不可能从单一热源吸收热量全部转化为有用功D．根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体E．一定质量的100 ℃的水吸收热量后变成100 ℃的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能(2)(5分)今有一空调在正常工作时，其压缩机一次可对气体做功2.0×105 J，同时气体放出热量为5.0×105J．在此过程中，该气体的内能________(填“增加”或“减少”)了________J.INCLUDEPICTURE"134.TIF"(3)(5分)如图所示，一定质量的理想气体由初始状态A变化至状态C，初始时p A＝1×105 Pa.①试求状态C的压强．②试分析AB过程、BC过程气体与外界热交换的情况．2．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)下列有关光学现象的说法中正确的是________．A．用光导纤维束传送信息是光的衍射的应用B．太阳光通过三棱镜形成彩色光谱是光的干涉现象C．在照相机镜头前加装偏振滤光片拍摄日落时的景物，可使景象更清晰D．经过同一双缝所得干涉条纹，红光条纹宽度大于绿光条纹宽度INCLUDEPICTURE"135.TIF"E．激光测距是应用了激光平行性好的特点(2)(5分)由a、b两种色光复合而成的光束垂直进入一个1/4圆柱形玻璃砖的AB面上，如图所示，则a光的折射率________(填“大于”或“小于”)b光的折射率；真空中，a光的波长________(填“大于”或“小于”)b光的波长．(3)(5分)一列横波自坐标原点O起振，0.4 s后刚好传播到A点，其波形如图所示，P点到O点的距离是70 cm.则：INCLUDEPICTURE"136.TIF"①P点振动时起振方向如何？②该波从原点向右传播开始计时，经多长时间P点第一次到达波峰？3．[物理——选修3－5](15分)(1)(5分)随着科技的发展，大量的科学实验促进了人们对微观领域的认识，下列说法正确的是________．A．氢原子相邻低能级间的跃迁比相邻高能级间的跃迁所辐射的光子波长短B．玻尔建立了量子理论，成功解释了各种原子的发光现象C．德布罗意首先提出了物质波的猜想，而电子衍射实验证实了他的猜想D．光电效应和康普顿效应均揭示了光具有粒子性E．升高或者降低放射性物质的温度均可改变其半衰期(2)(5分)热核反应有多种形式，其中一种为3个α粒子(eq \o\al(4,2)He)，合成一个eq \o\al(12, 6)C，已知α粒子(eq \o\al(4,2)He)质量为m1，eq \o\al(12, 6)C 质量为m2，该核反应的方程式为________________；该反应释放光子的频率ν＝________(假设核反应能量以光子能量释放)．(3)(5分)平静的湖面上有两片大树叶，其质量均为m，树叶甲上有一只青蛙eq \b\lc\(\rc\)(\a\vs4\al\co1(质量为\f(m,2)))，以对地水平速率v从树叶甲跳到树叶乙上，再以对地相同的水平速率从树叶乙跳到树叶甲上，再次以对地水平速率v向树叶乙跳跃时，青蛙不慎落入水中．不计水的阻力，求：①青蛙第一次跳离树叶甲后树叶甲的速率；②青蛙第一次跳离树叶乙后树叶乙的速率；③青高考模拟试题精编(六)1．BC物体在0～2 s内的加速度随时间线性增加，物体做加速度增大的加速直线运动，A错；因a-t图中图线与坐标轴所围的面积表示速度的增量，所以0～2 s内物体的速度增加eq \f(1,2)×2×2 m/s，即物体在2 s末的速度为2 m/s，B对；物体在2 s～4 s内加速度恒定，物体做匀加速直线运动，位移为x＝v t＋eq \f(1,2)at2＝2×2 m＋eq \f(1,2)×2×22 m＝8 m，C对；物体在4 s～5 s内加速度逐渐减小，物体做加速度减小的加速运动，在t＝5 s时速度最大，D错．2．C物体C的质量为eq \f(4\r(3),3)m，其重力沿斜面的分力为2mg，取A、B 及中间的弹簧为系统，则有2mg＝2mg sin 30°＋f，所以f＝mg，因动摩擦因数μ<1，所以A、B一定受摩擦力作用，且方向均沿斜面向下，A、B错误；物体A、B的受力情况分别如图1、2所示，即有T＝mg sin 30°＋f A，T＋f B＋mg sin 30°＝2mg，得f A ＝f B＝eq \f(1,2)mg，C正确；剪断弹簧瞬间，物体A仍处于静止状态，D错误．INCLUDEPICTURE"116.tif"3．B将初速度进行正交分解得竖直分速度为v1＝v0sin θ，则由匀变速直线运动规律得v eq \o\al(2,1)＝2gh，即g＝eq \f(v\o\al(2,0)sin2θ,2h)，A错；对星球表面的物体有G eq \f(Mm,R2)＝mg，所以M＝eq \f(v\o\al(2,0)R2sin2θ,2Gh)，B对；皮球在空中运动的时间满足h＝eq \f(v1,2)×eq \f(t,2)，即t＝eq \f(4h,v0sin θ)，C错；该星球的第一宇宙速度为v＝eq \r(gR)＝v0sin θ·eq \r(\f(R,2h))，D错．4．AD令绳长为R，由牛顿第二定律知小球在最高点满足T＋mg＝m eq \f(v2,R)，即T＝eq \f(m,R)v2－mg，由题图乙知a＝mg，b＝gR，所以g＝eq \f(a,m)，R＝eq \f(mb,a)，A对、B错；当v2＝c时，有T＋mg＝m eq \f(c,R)，将g和R的值代入得T＝eq \f(ac,b)－a，C错；因小球在最低点满足T′－mg＝m eq \f(v\o\al(2,1),R)，即在最低点和最高点时绳的拉力差ΔT＝T′－T＝2mg＋eq \f(m,R)(v eq \o\al(2,1)－v2)，又由机械能守恒知eq \f(1,2)m v eq \o\al(2,1)＝2mgR＋eq \f(1,2)m v2，可得ΔT＝6mg＝6a，D对．5．C因工件冲上斜面后做匀减速运动直到P点速度为零，由牛顿第二定律知工件在斜面上有mg sin θ＋μ1mg cos θ＝ma1，所以a1＝7.5 m/s2，由运动学规律知v eq \o\al(2,B)＝2a1L，即v B＝3 m/s<v0，所以工件在传送带上一直做匀加速运动，A、B均错；工件在传送带上时，a＝μg且v eq \o\al(2,B)＝2as，联立得μ＝0.3，C对；工件在传送带上运动的时间为t＝eq \f(v B,a)，工件相对传送带的路程为s1＝v0t －s，产生的热量为Q1＝μmgs1，联立得Q1＝4.2 J，工件在斜面上滑动时产生的热量为Q2＝μ1mg cos θ·L＝0.6 J，即工件从A运动到P的过程中因摩擦而产生的热量为4.8 J，D错．6．BDINCLUDEPICTURE"120.TIF"由题意可知C点坐标为(4,0)，在匀强电场中，任意两条平行的线段，两点间电势差与其长度成正比，所以eq \f(U AB,AB)＝eq \f(U OC,OC)，代入数值得φC＝0 V，A错、B对；作BD∥AO，如图所示，则φD＝3 V，即AD是一等势线，电场强度方向OG⊥AD，由几何关系得OG＝eq \r(3) cm，由E＝eq \f(U,d)得E＝100eq \r(3) V/m，C错、D对．7．C当滑片向下滑动时，滑动变阻器接入电路中的电阻增大，由闭合电路欧姆定律知通过灯泡和电源的电流减小，灯泡变暗，A错；因内电压减小，所以电容器两极板间电压将增大，两极板间电场强度增大，液滴将向上加速，B错；电容器被充电，定值电阻R0中有从a到b的电流通过，C对；由P＝EI知电源消耗的总功率将减小，D错．8．BC若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为30eq \r(2)cos 100t(V)，A错；原线圈两端电压为U1＝30 V，因灯泡正常发光，所以副线圈两端电压为U2＝eq \r(PR)＝3 V，由变压比规律知理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1，B对；由变流比规律知副线圈中电流为0.4 A，通过灯泡L1的电流为0.1 A，即通过灯泡L2的电流为0.3 A，由P＝UI知灯泡L2的额定功率为0.9 W，C 对；若开关S断开，则负载电阻增大，副线圈中电流减小，电流表示数将减小，D 错．9．D因电荷在磁场中运动时会受到洛伦兹力而发生偏转，在M、N间形成电压，同时形成的电压产生的电场又反作用于电荷，当q eq \f(U,d)＝q v B时，U稳定；若霍尔元件的载流子是自由电子，由左手定则知MN两端电压U MN>0，B错；由U ＝k eq \f(BI,h)知，A、C错，D对．10．D当线框ABCD完全进入磁场做匀速运动时，细线拉力T＝2mg，此时对abcd 有T＝mg＋BIL，而I＝eq \f(BL v,R)，联立得线框匀速时速率v＝eq \f(mgR,B2L2)，A错；当abcd完全进入磁场且匀速时，细线拉力为T′＝mg，B 错；线框abcd通过磁场所需时间为t＝eq \f(3L,v)＝eq \f(3B2L3,mgR)，C错；从开始运动到abcd完全出磁场的过程中，由能量守恒知这一过程中两线框中产生的总焦耳热为Q＝2mg·4L－mg·4L－eq \f(1,2)·3m·v2＝4mgL－eq\f(3m2g2R2,2B4L4)，D对．11．解析：(1)平衡摩擦力时，不能将重物通过细绳连接在小车上，需通过纸带判断平衡摩擦力的情况，故应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器，再平衡摩擦力，A错误、B正确；由于平衡摩擦力时主要是使小车重力沿长木板方向的分力与小车所受的摩擦力平衡，也就是mg sin α＝μmg cos α，式子两端质量消去了，所以每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，C正确；实验时，应先接通电源，后放开小车，D错误．(2)计算加速度时，根据逐差法得，a＝eq \f((DE＋EF＋FG)－(AB＋BC＋CD),9T2)，也就是把这六段看成两大段处理，这样充分利用了测量数据．计算打F点时的速度时，根据公式v＝eq \f(EF＋FG,2T)即可．答案：(1)BC(2分)(2)3.00(2分) 2.53(2分)12．解析：(2)伏安特性曲线上的点的纵横坐标值的比值随电压的增大而增大，对应电阻值逐渐减小．(3)将99 Ω的电阻看做电源内阻的一部分，则等效电源的路端电压—电流图线方程为U＝10 V－100 Ω×I，在题目所给出的该元件的伏安特性曲线上作出电路的路端电压—电流图线，如图乙，则交点的I值便是此时电路的电流，由图知交点处I＝26 mA，则“元件”消耗的功率为P耗＝EI－I2(r＋R)＝10×0.026 W－0.0262×100 W＝0.19 W.答案：(1)如图甲所示(4分)(2)减小(2分)(3)0.19 W(0.19～0.20 W,3分)INCLUDEPICTURE"126.tif"13．解：(1)由运动学规律知t1＝3 s时甲车的速度为v1＝v0＋a1t1，代入数值得v1＝0(1分)设3 s后再经过t2时间甲、乙两车速度相等，此时两车相距最近，有a2t2＝v0＋a3t2代入数值得t2＝3 s，即6 s时两车相距最近(1分)两车速度相等前甲车的位移为x甲＝eq \f(v0,2)t1＋eq \f(1,2)a2t eq \o\al(2,2)(1分)乙车的位移为x乙＝v0t1＋v0t2＋eq \f(1,2)a3t eq \o\al(2,2)(1分)最近距离为s min＝s0＋x甲－x乙(1分)联立并代入数值得s min＝10 m(1分)(2)9 s末，甲车的速度为v′1＝a2t3＝30 m/s,9 s内甲车发生的总位移为x甲′＝eq \f(v0,2)t1＋eq \f(1,2)a2t eq \o\al(2,3)，代入数值得x甲′＝135 m(2分)9 s末，乙车的速度为v2′＝v0＋a3t3＝0,9 s内乙车发生的总位移为x乙′＝v0t1＋v0t3＋eq \f(1,2)a3t eq \o\al(2,3)，代入数值得x乙′＝180 m(1分)所以9 s末，甲车在乙车前x＝s0＋x甲′－x乙′＝55 m(1分)若要保证t＝12 s时乙车在甲车后109 m，则应有v1′t4＋x－eq \f(1,2)a0t eq \o\al(2,4)＝s(2分)代入数值得a0＝8 m/s2(1分)14．解：(1)E＝BL v(2分)I＝eq \f(E,R＋r)(1分)F安＝BIL(2分)P＝F v(1分)匀速运动时F＝F安(1分)联立上面几式可得：v＝eq \f(\r(P(R＋r)),BL)(1分)(2)根据动能定理：W F＋W安＝eq \f(1,2)m v2(2分)W F＝Pt(1分)Q＝－W安(1分)可得：Q＝Pt－eq \f(mP(R＋r),2B2L2)(2分)15．解：INCLUDEPICTURE"132.TIF"(1)由洛伦兹力提供向心力有Bq v＝eq \f(m v2,r)(2分)r m＝eq \f(m v m,qB)＝1 m(1分)由几何关系知粒子以最大速率入射时刚好打在y轴上的A点，如图所示，则OA＝2r m cos 30°＝eq \r(3) m(2分)即粒子打在y轴上的范围为0<y≤eq \r(3) m(2分)(2)粒子在磁场Ⅰ中运行的周期为T＝eq \f(2πm,Bq)＝π×10－6 s(2分)经过eq \f(5π,3)×10－7s，粒子转过的圆心角为α＝eq \f(2π,T)t＝eq \f(π,3)(1分)设经过eq \f(5π,3)×10－7 s某粒子的坐标为(x、y)，则x＝r－r sin 30°(1分)y＝r cos 30°(1分)所以粒子所在位置构成的曲线方程为y＝eq \r(3)x(1分)INCLUDEPICTURE"133.TIF"(3)因正粒子均以最大速率射出，即在磁场Ⅰ中运行半径r＝1 m，而所有正粒子刚好不从x轴射出，所以其运行轨迹如图所示．由几何关系知r2＋r2cos 30°＝r cos 30°，即r2＝(2eq \r(3)－3)m(2分)又B′q v m＝m eq \f(v\o\al(2,m),r2)(2分)代入数值得B′≈1.1 T(1分)附加题1．(1)解析：水和酒精混合后，水分子和酒精分子相互“镶嵌”，总体积减小，说明分子间有空隙，选项A正确；温度是物体分子平均动能的标志，选项B正确；在外界干预下气体可以从单一热源吸收热量全部转化为有用功，选项C错误；根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不能自发地从低温物体传到高温物体，选项D错误；一定质量的100 ℃的水吸收热量后变成100 ℃的水蒸气，对外做功，吸收的热量大于增加的内能，选项E正确．答案：ABE(5分)(2)解析：根据热力学第一定律ΔU＝Q＋W以及W＝2.0×105 J，Q＝－5.0×105 J可知，ΔU＝－3.0×105 J，即内能减少了3.0×105 J.答案：减少(2分) 3.0×105(3分)(3)解：①由理想气体状态方程eq \f(p A V A,T A)＝eq \f(p C V C,T C)(2分)代入数据可得p C＝3×105 Pa(1分)②AB过程，体积不变，外界对气体不做功，温度升高，气体内能增大，根据热力学第一定律可知，气体吸热；(1分)BC过程，气体温度降低，内能减小，体积减小，外界对气体做功，根据热力学第一定律可知，气体放热．(1分)2．(1)解析：用光导纤维束传送信息是光的全反射的应用，选项A错误；太阳光通过三棱镜形成彩色光谱是光的色散现象，是光的折射的结果，选项B错误；在照相机镜头前加装偏振滤光片拍摄日落时的景物，可减弱反射光，从而使景象更清晰，选项C正确；红光的波长比绿光的波长长，根据双缝干涉条纹间距公式Δx＝eq \f(l,d)λ可知，经过同一双缝所得干涉条纹，红光条纹宽度大于绿光条纹宽度，选项D正确；激光的平行性好，常用来精确测距，选项E正确．答案：CDE(5分)(2)解析：发生全反射的条件是光从光密介质射入光疏介质，并且入射角大于临界角，根据光路图可知，题中复色光从玻璃射入空气时，入射角均为45°，其中只有b光发生了全反射，所以C a>45°，C b<45°，它们的折射率n a＝eq \f(1,sin C a)<eq \f(1,sin 45°)＝eq \r(2)，n b＝eq \f(1,sin C b)>eq \f(1,sin 45°)＝eq \r(2)，所以n b>n a，光a在玻璃中的折射率小，说明其频率小，即f b>f a，在真空中，光速相同，即fλ＝c，又f b>f a，所以λa>λb.答案：小于(2分)大于(3分)(3)解：①P点的起振方向与20 cm处的A点起振方向相同，该点起振方向向下，波传播到P点，P点的起振方向也一定向下．(1分)②由题意知，波的传播速度为v＝eq \f(λ,T)＝eq \f(20 cm,0.4 s)＝50 cm/s(1分)波从波源传播到70 cm处的传播时间为t1＝s/v＝eq \f(70,50) s＝1.4 s(1分)此时，P点振动方向向下，P点从平衡位置处到第一次形成波峰的时间t2＝eq \f(3,4)T＝0.3 s(1分)所以该波从原点向右传播开始计时，P点第一次到达波峰的时间为t＝t1＋t2＝1.4 s ＋0.3 s＝1.7 s(1分)3．(1)解析：氢原子相邻低能级间的跃迁比相邻高能级间的跃迁所辐射的光子能量大，频率也大，波长短，选项A正确；玻尔理论成功地引入了量子的概念，但保留了太多的经典理论，他没有建立量子理论，选项B错误；德布罗意首先提出了物质波的猜想，而电子衍射实验证实了他的猜想，选项C正确；光的干涉、衍射现象和多普勒效应都说明光具有波动性，而光电效应和康普顿效应说明光具有粒子性，选项D正确；放射性物质的半衰期由核内结构决定，与物质的物理性质(如温度)或化学性质无关，选项E错误．答案：ACD(5分)(2)解析：由质能方程得：ΔE＝Δmc2＝hν，解得：ν＝eq \f((3m1－m2)c2,h).答案：3eq \o\al(4,2)He→eq \o\al(12, 6)C(2分)eq \f((3m1－m2)c2,h)(3分)(3)解：①青蛙第一次跳离树叶甲，由动量守恒得0＝eq \f(m,2)v－m v1(1分)解得v1＝eq \f(v,2)(1分)②青蛙第一次跳离树叶乙，由动量守恒得eq \f(m,2)v＝－eq \f(m,2)v＋m v2(1分)解得v2＝v③青蛙第二次跳离树叶甲，由动量守恒得m v1＋eq \f(m,2)v＝－eq \f(m,2)v＋m v3(1分) 解得：v3＝eq \f(3,2)v(1分)蛙第二次跳离树叶甲时树叶甲的速率．。
2024高考物理真题模拟卷(历年真题高频考点) (2404)
一、单选题二、多选题1. 东汉时期的郑玄提出：“假令弓力胜三石，引之中三尺，弛其弦，以绳缓擐之，每加物一石，则张一尺。
”包含的意思是在弓弦上每增加一石的重物，弓就伸张一尺。
这一表述远早于胡克定律。
根据胡克定律，在弹性限度内，弹簧的弹力（ ）A ．与弹簧长度成正比B ．与弹簧长度成反比C ．与弹簧的形变量成正比D ．与弹簧的形变量成反比2. 重为100N 长1米的不均匀铁棒平放在水平面上，某人将它一端缓慢竖起，需做功55J ，将它另一端竖起，需做功（ ）A ．45JB ．55JC ．60JD ．65J3. 一辆汽车在水平公路上行驶，司机从发现前方异常情况到紧急刹车，汽车仍将前进一段距离才能停下来，这段距离称为安全距离．通常情况下，人的反应时间和汽车系统的反应时间之和为1s ．晴天汽车在干燥的路面上以108km/h 的速度行驶时，安全距离为120m ．假设雨天汽车刹车时轮胎与路面的动摩擦因数减小为原来的40%，若要求安全距离不变，则汽车在雨天安全行驶的最大速度为A ．64．8km/hB ．72km/hC ．75．6km/hD ．86．4km/h4. 下列说法中正确的是（ ）A ．1887年爱因斯坦在研究电磁波的实验中发现了光电效应现象，并提出了光电效应理论，获得1921年诺贝尔物理学奖B ．组成原子核的核子越多，它的结合能越大C．衰变中产生的射线实际上是原子的核外电子挣脱原子核的束缚而形成的D ．任何两个原子核都可以发生聚变5. 如图所示，固定在竖直平面内的大圆环的半径为。
质量为的小环套在大圆环上，且与大圆环接触面光滑。
在劲度系数为的轻弹簧作用下，小环恰静止于大圆环上，弹簧与竖直方向的夹角为30°，则（ ）A．弹簧伸长的长度为B．弹簧伸长的长度为C．弹簧缩短的长度为D．弹簧缩短的长度为6.如图所示，在竖直平面内有一匀强电场，其方向与水平方向成斜向上，在电场中有一质量为m ，带电荷量为q 的带电小球，用长为L 不可伸长的绝缘细线挂于O 点，当小球静止时，细线恰好水平，位置如图中M 点。
2024高考物理真题模拟卷(历年真题高频考点) (2555)
一、单选题1. 物体在恒力作用下，不可能做A ．匀加速直线运动B ．匀减速直线运动|C ．平抛运动D ．匀速圆周运动|2. 如图甲所示，水平地面上静止一质量为1kg 足够长的长木板A ，木板中央的正上方有一可看作质点的物块B 。
现在物块上施加一个从零开始均匀增加的水平向右的外力F ，物块B 受到的摩擦力F f 随外力F 的大小变化图像如图乙所示，设木板与地面间的动摩擦因数为μ1，物块与木板间的动摩擦因数为μ2，最大静摩擦力均与相应的滑动摩擦力相等，重力加速度大小为g =10m/s 2，则下列选项正确的是（ ）A ．μ1＝0.4B ．μ2＝0.1C ．物块B 的质量为2kgD ．若外力F 作用在A 上，当F ＝12N 时A 、B 一定发生相对滑动3. 如图所示，匝数n=100，边长l=0.1m 的正方形线框置于匀强磁场中，现让线框垂直磁场方向的轴匀速转动，如图为计时开始后，通过线框的磁通量随时间变化的图像，则A ．线框中感应电动势有效值为B ．线框两端电压瞬时值为C ．匀强磁场的磁感应强度为D ．t=0时刻线框恰好位于中性面处4. 生活中经常用刀来劈开物体。
如图是刀刃的横截面，F 是作用在刀背上的力，若刀刃的横截面是等腰三角形，刀刃两侧面的夹角为θ，刀的重力可以忽略，则刀劈物体时对物体的侧向推力F N的大小为（ ）A．B．C．D．5. 质量m =1kg 的物体静止放在粗糙水平地面上．现对物体施加一个随位移变化的水平外力F 时物体在水平面上运动．已知物体与地面间的滑动摩擦力与最大静摩擦力相等．若F -x 图象如图所示．且4～5m 内物体匀速运动．x =7m 时撤去外力，取g =10m/s 2，则下列有关描述正确的是（ ）2024高考物理真题模拟卷（历年真题高频考点）二、多选题三、实验题A ．物体与地面间的动摩擦因数为0.1B．撤去外力时物体的速度为m/sC ．x =3m 时物体的速度最大D ．撤去外力后物体还能在水平面上滑行3s6. 下列说法正确的是A ．空气中PM 2.5(直径小于等于2.5微米的颗粒物)运动属于分子热运动B ．雨伞伞面上有许多细小的孔，却能遮雨，是因为水的表面张力作用C ．液晶显示屏是利用液晶的光学各向异性制成的D ．空气中水蒸气的压强与同一温度时水的饱和汽压之比叫作空气的相对湿度E ．给自行车打气时气筒压下后反弹，主要是由分子斥力造成的7.如图为投币机中一种测量硬币某种特性的装置，硬币可竖直通过两线圈中间的狭缝。
高三物理模拟试题及答案
高三物理模拟试题及答案一、选择题（每题3分，共30分）1. 根据牛顿第二定律，物体所受的合外力与物体的加速度成正比，与物体的质量成反比。
如果一个物体的质量为2kg，受到的合外力为10N，则其加速度为（）。
A. 5m/s²B. 2.5m/s²C. 0.5m/s²D. 1m/s²2. 光在真空中的传播速度是（）。
A. 3×10⁵ km/sB. 3×10⁸ m/sC. 3×10⁸ km/sD. 3×10⁵ m/s3. 根据能量守恒定律，能量既不会凭空产生，也不会凭空消失，它只能从一种形式转化为另一种形式，或者从一个物体转移到另一个物体，在转化或转移的过程中，能量的总量不变。
下列说法中，不符合能量守恒定律的是（）。
A. 机械能守恒B. 能量可以无中生有C. 能量转化和转移具有方向性D. 能量转化和转移具有可逆性4. 在电场中，电场力对电荷做的功等于电荷的电势能的变化量。
如果一个正电荷从电势为0的点移动到电势为-10V的点，电场力对电荷做的功为（）。
A. 10JB. -10JC. 0JD. 无法确定5. 根据热力学第一定律，系统内能的变化等于系统吸收的热量与系统对外做的功的代数和。
如果一个系统吸收了100J的热量，同时对外做了50J的功，则该系统内能的变化量为（）。
A. 50JB. 100JC. 150JD. -50J6. 根据电磁感应定律，当导体在磁场中运动时，会在导体中产生感应电动势。
如果一根导线在磁场中以恒定速度运动，且导线两端的电势差保持不变，则该导线（）。
A. 做匀速直线运动B. 做加速运动C. 做减速运动D. 静止不动7. 根据库仑定律，两点电荷之间的静电力与两点电荷的电量乘积成正比，与两点电荷间距离的平方成反比。
如果两个电荷的电量分别为Q 和q，两点电荷间的距离为r，则两点电荷之间的静电力为（）。
A. kQq/r²B. Qq/rC. kQq²/rD. Qq²/r²8. 根据欧姆定律，导体两端的电压与通过导体的电流成正比，与导体的电阻成反比。
新高考物理模拟试题八套
新高考物理模拟试题八套一、选择题1. 以下哪个物理量的单位是焦耳？A. 功率B. 能量C. 功D. 电荷2. 一辆汽车以20m/s的速度行驶，突然刹车，经过5s后速度减为10m/s，求汽车的平均加速度是多少？A. 1m/s²B. -1m/s²C. 2m/s²D. -2m/s²3. 在20N的拉力下，物体做匀速直线运动，摩擦力为10N，求物体的质量是多少？A. 2kgB. 3kgC. 4kg4. 下列说法中，不正确的是？A. 功的单位是焦耳B. 1kW·h=3.6MJC. 电功率的单位是瓦特D. 1千瓦时=1度电5. 一张面积为2m²的平板，受到20N的力，它的压强是多少？A. 5PaB. 10PaC. 15PaD. 20Pa6. 将一个摩尔气体从0℃加热到273℃，其温度增加了多少倍？A. 2倍B. 3倍C. 4倍D. 5倍7. 一根长为30cm、截面积为4cm²的钢棒，受到拉力100N，求钢棒的位移是多少？B. 4mmC. 6mmD. 8mm8. 相同重量的物体分别放在水和油中，哪个浮力大？A. 油B. 水C. 浮力相等D. 无法比较9. 下列哪个现象与光的直线传播原理不符？A. 阴影B. 棱镜色散C. 凸透镜成像D. 照明10. 圆柱形物体与内墦的摩擦力增大，沿竖直方向放到倾斜的钢板上，物体将会？A. 上升B. 下滑C. 停止运动D. 无法确定二、填空题11. 一个频率为50Hz的振动，其周期是______秒。
12. 引力加速度g在地表的数值约为______m/s²。
13. 光速在真空中的数值约为______m/s。
14. 一个热力学系统吸收100J的焓，对外做50J的功，其内能变化是______J。
15. 一个电流为5A的导线，通过电阻为10Ω的电灯，所需的电压是______V。
三、计算题16. 一个速度为10m/s的物体，受到5N的恒力，求2s后物体的速度是多少？17. 一块质量为2kg的物体，从高度10m处自由落体，求落地时的动能和势能之和是多少？18. 一块质量为0.5kg的冰，温度由0℃升至100℃，求需要吸收的热量是多少？19. 一根钢棒长行成了规则大小20cm x 30cm x 40cm的三根直角棱柱，求这三根棱柱的密度比是多少？20. 一个投影距离300m的电影屏幕上，反射出一幅宽为10m的照片，求电影屏幕的凹面镜的焦距是多少？四、综合题21. 一个质量为4kg的箱子放在斜面上，斜面高度为3m，长为4m，箱子自动下滑后到达底部的速度是多少？22. 一束光入射在玻璃板上，从空气到玻璃的折射率为4/3，玻璃到空气的反射率为3/4，求光在玻璃板中的传播速度是多少？23. 一根长为1m的均质钢棒，下端被固定在地面上，上端挂一个质量为1kg的物块，求下端的受力是多少？24. 一个电路中两个电阻分别为3Ω和4Ω，串联连接后通过10V电压，求整个电路中的电流大小。
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高考模拟试题精编(六)【说明】 本试卷分第Ⅰ卷(选择题)和第Ⅱ卷(非选择题)两部分．满分100分，考试时间90分钟.题号 一 二附加题 总分11 12 13 14 15 得分第Ⅰ卷(选择题 共40分)一、选择题：本题共10小题，每小题4分，共40分．在每小题给出的四个选项中，有一个或一个以上选项符合题目要求，全部选对的得4分，选不全的得2分，有错选或不答的得0分． 1.光滑水平面上静置一质量为m 的物体，现用一水平力拉物体，使物体从静止开始运动，物体的加速度随时间变化的关系如图所示，则此物体( )A ．在0～2 s 内做匀加速直线运动B ．在2 s 末的速度为2 m/sC ．在2 s ～4 s 内的位移为8 mD ．在t ＝4 s 时速度最大2．一直角三角块按如图所示放置，质量均为m 的A 、B 两物体用轻质弹簧相连放在倾角为30°的直角边上，物体C 放在倾角为60°的直角边上，B 与C 之间用轻质细线连接，A 、C 的质量比为34，整个装置处于静止状态，已知物体A 、B 与斜面间的动摩擦因数相同(μ<1)且最大静摩擦力等于滑动摩擦力，弹簧弹力大小为mg ，C 与斜面间无摩擦，则( )A ．物体A 、B 均受到摩擦力作用且等大反向B ．物体A 所受摩擦力大小为12mg ，物体B 不受摩擦力作用C ．弹簧处于拉伸状态，A 、B 两物体所受摩擦力大小均为12mg ，方向均沿斜面向下D ．剪断弹簧瞬间，物体A 一定加速下滑 3.如图所示，在某星球表面以初速度v 0将一皮球与水平方向成θ角斜向上抛出，假设皮球只受该星球的引力作用，已知皮球上升的最大高度为h ，星球的半径为R ，引力常量为G ，则由此可推算( )A ．此星球表面的重力加速度为v 20cos 2θ2hB ．此星球的质量为v 20R 2sin 2θ2GhC ．皮球在空中运动的时间为2hv 0sin θ D ．该星球的第一宇宙速度为v 0sin θ·R h4．如图甲所示，用一轻质绳拴着一质量为m 的小球，在竖直平面内做圆周运动(不计一切阻力)，小球运动到最高点时绳对小球的拉力为T ，小球在最高点的速度大小为v ，其T v 2图象如图乙所示，则( )A ．轻质绳长为mb aB ．当地的重力加速度为m aC ．当v 2＝c 时，轻质绳的拉力大小为ac b＋aD ．只要v 2≥b ，小球在最低点和最高点时绳的拉力差均为6a 5.如图所示，传送带以v 0＝5 m/s 的速度顺时针转动，水平部分AB ＝s ＝1.5 m ，一质量为m ＝0.4 kg 的小工件由A 点轻轻放上传送带，工件与斜面间的动摩擦因数为μ1＝36，工件在B 处无能量损失且恰好能滑到最高点P ，已知BP ＝L ＝0.6 m ，斜面与水平面的夹角为θ＝30°，g ＝10 m/s 2，不计空气阻力，则可判定( )A ．工件从A 到B 先做匀加速运动再做匀速运动B．工件运动到B点时的速度大小为5 m/sC．工件与传送带间的动摩擦因数为0.3D．工件从A运动到P的过程中因摩擦而产生的热量为4.2 J6.如图所示，在平面直角坐标系中有一底角是60°的等腰梯形，坐标系中有方向平行于坐标平面的匀强电场，其中O(0,0)点电势为6 V，A(1，3)点电势为3 V，B(3，3)点电势为0 V，则由此可判定( )A．C点电势为3 VB．C点电势为0 VC．该匀强电场的电场强度大小为100 V/mD．该匀强电场的电场强度大小为100 3 V/m7.如图所示，电源电动势为E，内阻为r，C为电容器，R0为定值电阻，R为滑动变阻器，开关闭合后，灯泡L正常发光，电容器中的带电液滴恰好处于静止状态，则滑片向下移动的过程中( )A．灯泡L将变亮B．液滴将向下加速运动C．定值电阻R0中有从a到b的电流通过D．电源消耗的总功率将增大8.如图所示，10匝矩形线框在磁感应强度B＝210T的匀强磁场中，绕垂直磁场的轴OO′以角速度ω＝100 rad/s匀速转动，线框电阻不计，面积为S＝0.3 m2，线框通过滑环与一理想变压器的原线圈相连，副线圈接有两只灯泡L1(0.3 W,30 Ω)和L2，开关闭合时两灯泡均正常发光，且原线圈中电流表示数为0.04 A ，则下列判断正确的是( )A ．若从图示线框位置开始计时，线框中感应电动势的瞬时值为30 2 sin 100t (V)B ．理想变压器原、副线圈匝数比为10∶1C ．灯泡L 2的额定功率为0.9 WD ．若开关S 断开，电流表示数将增大 9.霍尔元件是一种应用霍尔效应的磁传感器，广泛应用于各领域，如在翻盖手机中，常用霍尔元件来控制翻盖时开启或关闭运行程序．如图是一霍尔元件的示意图，磁场方向垂直霍尔元件工作面，霍尔元件宽为d (M 、N 间距离)，厚为h (图中上下面距离)，当通以图示方向电流时，MN 两端将出现电压U MN ，则( ) A ．MN 两端电压U MN 仅与磁感应强度B 有关B ．若霍尔元件的载流子是自由电子，则MN 两端电压U MN <0C ．若增大霍尔元件宽度d ，则MN 两端电压U MN 一定增大D ．通过控制磁感应强度B 可以改变MN 两端电压U MN 10.竖直平面内有一宽为2L 、磁感应强度为B 、方向垂直纸面向里的匀强磁场和两个边长均为L ，电阻均为R ，质量分别为2m 、m 的正方形导体框ABCD 和abcd ，两线框分别系在一跨过两个定滑轮的轻质细线两端，开始时两线框位置如图所示，现将系统由静止释放，当ABCD 刚好全部进入磁场时，系统开始做匀速运动直到abcd 完全出磁砀，不计摩擦和空气阻力，则( )A ．系统匀速运动时速度大小为2mgRB 2L2B ．从开始运动到abcd 完全出磁场的过程中，细线拉力恒定不变C ．线框abcd 通过磁场所需时间为4B 2L2mgRD ．从开始运动到abcd 完全出磁场的过程中，两线框中产生的总焦耳热为4mgL －3m 2g 2R22B 4L 4答题栏题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 答案第Ⅱ卷(非选择题 共60分)二、非选择题：本题共5小题，共60分．按题目要求作答．解答题应写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．11．(6分)在“探究物体的加速度与力、质量的关系”的实验中( ) (1)以下操作正确的是________．A ．平衡摩擦力时，应将重物用细绳通过定滑轮系在小车上B ．平衡摩擦力时，应将纸带连接在小车上并穿过打点计时器C ．每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力D ．实验时，应先放开小车，后接通电源(2)如图是该实验中打点计时器打出的纸带，打点频率为50 Hz.O 点为打出的第一个点，A 、B 、C 、D 、E 、F 、G 是计数点，每相邻两计数点间有4个点未标出，OA ＝17.65 cm 、AB ＝11.81cm 、BC ＝14.79 cm 、CD ＝17.80 cm 、DE ＝20.81 cm 、EF ＝23.80 cm 、FG ＝26.79 cm.则物体的加速度是______m/s 2，打F 点时的速度是________m/s.(结果均保留3位有效数字)12．(9分)某实验小组用“工作点”法测定一非线性元件的实际功率，利用图甲所示的器材设计电路，其中电压表V 的量程为15 V ，内阻约为150 kΩ，毫安表mA 的量程为150 mA ，内阻约为10 Ω.他们通过实验，得到此“元件”的伏安特性曲线，如图乙所示．(1)请你把图甲所示的实物图连接完整；(2)通过图乙所示的伏安特性曲线可知，随着电压的增加，该“元件”的电阻________(填“不变”、“增加”或“减小”)．(3)把此“元件”和阻值为99 Ω的标准电阻串联接在电动势为10 V ，内阻为1 Ω的电源两端时，该“元件”消耗的功率为________(保留2位有效数字)．13．(13分)高速公路上甲、乙两车在同一车道上同向行驶，甲车在前，乙车在后，速度均为v 0＝30 m/s ，相距s 0＝100 m ，t ＝0时，甲车遇紧急情况后，甲、乙两车的加速度随时间变化的关系分别如图甲、乙所示，以运动方向为正方向，则：(1)两车在0～9 s 内何时相距最近？最近距离是多少？(2)若要保证t ＝12 s 时乙车在甲车后109 m ，则图乙中a 0应是多少？ 14.(14分)如图所示，一对光滑的平行金属导轨(电阻不计)固定在同一水平面内，导轨足够长且间距为L ，左端接有阻值为R 的电阻，一质量为m 、长度为L 的金属棒MN 放置在导轨上，金属棒的电阻为r ，整个装置置于方向竖直向上的匀强磁场中，磁砀的磁感应强度为B ，金属棒在水平向右的外力作用下，由静止开始做加速运动，保持外力的功率为P 不变，经过时间t 金属棒最终做匀速运动．求： (1)金属棒匀速运动时的速度是多少． (2)t 时间内回路中产生的焦耳热是多少． 15.(18分)如图所示，在平面直角坐标系xOy 中的第一象限内存在以x ＝0.5 m 为界的两个匀强磁场Ⅰ和Ⅱ，磁场Ⅰ的磁感应强度B ＝0.5 T ，方向垂直纸面向里，磁场Ⅱ方向垂直纸面向外，磁感应强度大小未知，在原点O 处放有一个开有小孔的粒子源，粒子源能同时放出比荷为q m＝4×106C/kg 的不同速率的正粒子束，沿与x 轴成30°角的方向从小孔射入磁场，入射粒子束的速率最大值为v m ＝2.0×106m/s ，不计粒子间的相互作用及重力． (1)求粒子打在y 轴上的范围；(2)从t ＝0时刻开始，求沿与x 轴成30°角的方向从小孔射入的各种不同速率的正粒子经过5π3×10－7s 时所在位置构成的曲线方程； (3)若控制粒子源，让正粒子均以最大速率射出，且射出的同时，让磁场Ⅰ反向，小孔调向y 轴正方向，发现所有正粒子刚好不从x 轴射出，求磁场Ⅱ的磁感应强度B ′(保留2位有效数字)．附加题：本题共3小题，每小题15分．分别考查3－3、3－4、3－5模块．请考生根据本省考试情况选择相应题目作答，其分值不计入总分． 1．[物理——选修3－3](15分)(1)(5分)下列说法中正确的是________．A ．水和酒精混合后总体积减小，说明分子间有空隙B ．物体的温度升高时，其分子平均动能增大C ．气体绝不可能从单一热源吸收热量全部转化为有用功D ．根据热力学第二定律可知，热量能够从高温物体传到低温物体，但不能从低温物体传到高温物体E ．一定质量的100 ℃的水吸收热量后变成100 ℃的水蒸气，则吸收的热量大于增加的内能 (2)(5分)今有一空调在正常工作时，其压缩机一次可对气体做功2.0×105J ，同时气体放出热量为 5.0×105J ．在此过程中，该气体的内能________(填“增加”或“减少”)了________J.(3)(5分)如图所示，一定质量的理想气体由初始状态A 变化至状态C ，初始时p A ＝1×105Pa. ①试求状态C 的压强．②试分析AB 过程、BC 过程气体与外界热交换的情况． 2．[物理——选修3－4](15分)(1)(5分)下列有关光学现象的说法中正确的是________． A ．用光导纤维束传送信息是光的衍射的应用 B ．太阳光通过三棱镜形成彩色光谱是光的干涉现象C ．在照相机镜头前加装偏振滤光片拍摄日落时的景物，可使景象更清晰D ．经过同一双缝所得干涉条纹，红光条纹宽度大于绿光条纹宽度E ．激光测距是应用了激光平行性好的特点(2)(5分)由a 、b 两种色光复合而成的光束垂直进入一个1/4圆柱形玻璃砖的AB 面上，如图所示，则a 光的折射率________(填“大于”或“小于”)b 光的折射率；真空中，a 光的波长________(填“大于”或“小于”)b 光的波长．(3)(5分)一列横波自坐标原点O 起振，0.4 s 后刚好传播到A 点，其波形如图所示，P 点到O 点的距离是70 cm.则：①P 点振动时起振方向如何？②该波从原点向右传播开始计时，经多长时间P 点第一次到达波峰？ 3．[物理——选修3－5](15分)(1)(5分)随着科技的发展，大量的科学实验促进了人们对微观领域的认识，下列说法正确的是________．A ．氢原子相邻低能级间的跃迁比相邻高能级间的跃迁所辐射的光子波长短B ．玻尔建立了量子理论，成功解释了各种原子的发光现象C ．德布罗意首先提出了物质波的猜想，而电子衍射实验证实了他的猜想D ．光电效应和康普顿效应均揭示了光具有粒子性E ．升高或者降低放射性物质的温度均可改变其半衰期(2)(5分)热核反应有多种形式，其中一种为3个α粒子(42He)，合成一个126C ，已知α粒子(42He)质量为m 1，126C 质量为m 2，该核反应的方程式为________________；该反应释放光子的频率ν＝________(假设核反应能量以光子能量释放)．(3)(5分)平静的湖面上有两片大树叶，其质量均为m ，树叶甲上有一只青蛙⎝ ⎛⎭⎪⎫质量为m 2，以对地水平速率v 从树叶甲跳到树叶乙上，再以对地相同的水平速率从树叶乙跳到树叶甲上，再次以对地水平速率v 向树叶乙跳跃时，青蛙不慎落入水中．不计水的阻力，求： ①青蛙第一次跳离树叶甲后树叶甲的速率； ②青蛙第一次跳离树叶乙后树叶乙的速率； ③青蛙第二次跳离树叶甲时树叶甲的速率．。