【精准解析】天津市南开区2020届高三上学期期末考试生物试题
第03讲 走向整体的世界(解析版)
第03讲走向整体的世界核心考点01 全球航路的开辟1．（2022·广东学业水平·16）图1是古巴比伦世界地图；图2是古希腊地理学家赫卡泰厄斯世界地图；图3是古罗马地理学家梅拉的世界地图，大约产生于公元前7世纪，以赫卡泰厄斯的世界地图为基础，是约公元1世纪复原版，以幼发拉底河为中心，周边为前6世纪复原版。
图1—图3所示说明（）A．人类认识世界的视野不断扩大B．梅拉准确描绘了罗马共和国疆域C．古希腊建立了横跨亚非欧的帝国D．公元1世纪前全球建立了全球联系【答案】A【解析】略2．（2022·安徽六校高二下期末·16）1497年，英王亨利七世颁发给威尼斯人卡伯特航海特许权，准许他将新发现的地区打造成英国的殖民地。
亨利七世还派遣“马修”号载着卡伯特及英、法两国的船员向西航行，使北美纽芬兰岛得以被发现。
这说明（）A．欧洲国家间的航海竞争激烈B．私人商业活动受到政府严格限制C．国家力量推动航海事业发展D．新航路开辟源于国家力量的推动【答案】C【解析】据材料“英王亨利七世颁发给威尼斯人卡伯特航海特许权”“亨利七世还派遣‘马修’号载着卡伯特及英、法两国的船员向西航行，使北美纽芬兰岛得以被发现”，可知英国国王的支持在早期航海探险事业的发展过程中起到了重要的作用，故选C项；材料主要强调英国对航海事业的支持，并未说明英国与其他国家之间的竞争关系，排除A项；“英王亨利七世颁发给威尼斯人卡伯特航海特许权”说明当时政府鼓励私人商业活动，排除B项；新航路的开辟主要源于社会经济的发展，排除D 项。
3．（2022·湖北省新高考联考协作体高二下期中·5）葡萄牙人和西班牙人所开辟的新航线，将“海上丝绸之路”从区域性的海上航线延伸为全球性的交通网络。
此后，欧洲人逐渐掌握了海上航线的主导权，改变了传统海上丝绸之路以和平贸易为基调的特性。
这反映出（）A．统一的世界市场最终形成B．新航路开辟推动了资本主义扩张C．世界各地之间的联系加强D．中国丧失了在对外贸易上的优势【答案】B【解析】“此后，欧洲人逐渐掌握了海上航线的主导权，改变了传统海上丝绸之路以和平贸易为基调的特性”中，“改变传统”即改变了过去和平贸易的格局，这与新航路的开辟相关，体现了资本主义的扩张，故选B项；“此后，欧洲人逐渐掌握了海上航线的主导权”虽然世界开始联系在一起，但真正的世界市场却是在第二次工业革命后才正式形成，排除A项；“此后，欧洲人逐渐掌握了海上航线的主导权，改变了传统海上丝绸之路以和平贸易为基调的特性”这里强调的不是世界联系的强化，而是强调西欧资本主义在这一世界市场中的主导地位，排除C项；“将‘海上丝绸之路’从区域性的海上航线延伸为全球性的交通网络”只能说明丝绸之路和范围更加广阔，但无法证明中国由此贸易下降，事实中国的贸易优势更加明显，排除D项。
2020届高三生物精准培优专练11：减数分裂过程中的变异(附答案)
2020届高三生物精准培优专练11：减数分裂过程中的变异（附答案）一、“图解法”归纳减数分裂过程中的变异应用1：基因突变与减数分裂典例1. 基因型为AABb的某高等动物细胞，其减数分裂某时期的示意图如下。
下列有关分析不正确的是( )A．此细胞中基因a是由基因A经突变产生的B．此细胞可能形成两种精子或一种卵细胞C．此细胞为次级精母细胞或次级卵母细胞D．此动物体细胞内最多含有四个染色体组应用2：交叉互换与减数分裂典例2.如图所示，这是初级精母细胞减数分裂时一对同源染色体的图解（图2），同源染色体相联系的部位称为交叉，下列说法中正确的是（）A．图中共有4条脱氧核苷酸链B．同源染色体交叉的出现是染色体片段交换的结果C．交叉的结果造成了染色体结构的畸变D．该图可见于减数第二次分裂前期时同源染色体的姐妹染色单体之间应用3：染色体变异与减数分裂典例3. 假设一个精原细胞（含4条染色体，基因组成为AaBb）进行有丝分裂时，有一条染色体的着丝点分裂后产生的两条染色体移向同一极，分裂完成时产生了A1和A2两个细胞。
另一精原细胞进行减数第一次分裂时（不考虑交叉互换），有一对同源染色体未分离，形成的次级精母细跑为B1和B2，B1完成正常的减数第二次分裂并产生C1和C2两个细胞，B2也完成正常的减数第二次分裂，产生D1和D2两个细胞。
下列叙述正确的是（）A．A1、A2、B1、B2四个细胞染色体组成均不正常，但其中A1和A2、B1和B2细胞中DNA 数和染色体数相同B．A1和A2、C1和C2、D1和D2这三组细胞遗传信息两两相同C．若A1基因组成为AaB，则A2基因组成为AaBbb，且两对基因位于非同源染色体上D．若C1基因组成为AB，则两对基因位于非同源染色体上二、对点增分集训1．下列配子的产生与减数第一次分裂后期染色体的异常行为密切相关的是（）A．基因型为AaX B X b的雌性个体产生AX B、AX b、aX B、aX b四种配子B．次级卵母细胞在减数第二次分裂后期含有2条X染色体C．基因型为AaX b Y的雄性个体产生AaX b和Y的异常精子D．基因型为AaX B X b的某卵原细胞产生aX B、A、AX b X b的三个极体2．某二倍体高等动物（2n=6）雄性个体的基因型为AaBb，其体内某细胞处于细胞分裂某时期的示意图如下。
精品解析：【天津市南开区】2019-2020高三上学期期末生物试题
2.
【答案】D
【解析】
【分析】
分析题图可知，小肠上皮细胞通过同向协同运输的方式吸收葡萄糖，虽然这种方式属于主动运输，但不靠直接水解ATP提供的能量推动，而是依赖于Na+梯度形式提供的能量；当Na+顺电化学梯度流向膜内时，葡萄糖通过专一性的运送载体，伴随Na+一起运送入小肠上皮细胞。进入膜内的Na+再通过质膜上的Na一K泵运送到膜外，以维持Na+浓度梯度，从而使葡萄糖不断利用Na+梯度形式的能量进入细胞。
D.神经系统与内分泌系统不参与图中所示的物质交换过程
8.如图是连接两个神经细胞的突触结构模式图，下列有关该结构的描述，正确的是（）
A.①属于神经元的细胞体或树突
B.⑥结合神经递质导致⑤打开
C.④以协助扩散的方式进入细胞
D.②充满组织液、淋巴、血浆等体液
9.健康人体接种乙肝疫苗后一般不会发生的是
A.吞噬细胞摄取和处理病原体，并传递抗原
故选B。
4.
【答案】A
【解析】
【分析】
线粒体是半自主细胞器，含有少量核糖体，能合成一部分自身需要的蛋白质；受精时，精子不提供线粒体，所以遗传给子代的线粒体来自卵细胞；染色体上的基因是成对存在的，细胞质基因存在于细胞质中的线粒体或叶绿体中的小型环状DNA分子上，不是成对存在的。
（2）图中反映出胰腺细胞接受调节信号分子的受体至少有____种，这些信号分子都能促进胰腺分泌胰液，这是_____________作用。
（3）最近科学家从小肠分离出一种多肽—CKK释放肽，进食后，在蛋白质的消化产物作用下，通过CKK释放肽引起胆囊收缩素释放和胰蛋白酶分泌增加；而分泌的胰蛋白酶又可使CKK释放肽水解，胆囊收缩素和胰蛋白酶分泌减少，这种调节机制是_____________调节，此种调节是生命系统中非常普遍的调节机制。
2020届高三生物精准培优专练8：测定光合速率和呼吸速率(附解析)
2020届高三生物精准培优专练8：测定光合速率和呼吸速率（附解析）一、“实验法”测定光合速率和呼吸速率应用1：密闭装置法典例1. 某兴趣小组设计了如图所示的实验装置若干组，室温25℃下进行了一系列的实验，对实验过程中装置条件及结果的叙述错误的是（）A. 若X溶液为CO2缓冲液并给予光照，液滴移动距离可表示净光合作用强度大小B. 若要测真光合强度，需另加设一装置遮光处理，X溶液为NaOH溶液C. 若X溶液为清水并给予光照，光合作用大于细胞呼吸时，液滴右移D. 若X溶液为清水并遮光处理，消耗的底物为脂肪时，液滴左移应用2：黑白瓶法典例2. 回答下列与生物的物质及能量代谢有关的问题：（1）在森林生态系统中，生产者的能量来自于_________，生产者的能量可以直接流向_______（答出2点即可）。
（2）通常，对于一个水生生态系统来说，可根据水体中含氧量的变化计算出生态系统中浮游植物的总初级生产量（生产者所制造的有机物总量）。
若要测定某一水生生态系统中浮游植物的总初级生产量，可在该水生生态系统中的某一水深处取水样，将水样分成三等份，一份直接测定O2含量（A）；另两份分别装入不透光（甲）和透光（乙）的两个玻璃瓶中，密闭后放回取样处，若干小时后测定甲瓶中的O2含量（B）和乙瓶中的O2含量（C）。
据此回答下列问题。
在甲、乙瓶中生产者呼吸作用相同且瓶中只有生产者的条件下，本实验中C与A的差值表示这段时间内_____________；C与B的差值表示这段时间内_____________；A与B的差值表示这段时间内_________。
应用3：半叶法典例3. 某科研小组采用“半叶法”对某植物叶片的光合速率进行测定。
将对称叶片的一部分（A）遮光，另一部分（B）不做处理，并采用适当的方法阻止两部分的物质和能量转移。
在适宜光照下照射6小时后，在A、B的对应部位截取同等面积的叶片，烘干称重，分别记为M A、M B，获得相应数据，则可计算出该叶片的光合作用强度，其单位是mg/（dm2·h）。
2024届天津市南开区高三下学期质量监测(二)生物试题(含答案)
2023—2024学年度第二学期高三年级质量监测（二）生物学试卷本试卷分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，共100分，考试用时60分钟。
第Ⅰ卷第1页至第4页，第Ⅱ卷第5页至第8页。
祝各位考生考试顺利！第Ⅰ卷注意事项：1．每题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑。
如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
2．本卷共12题，每题4分，共48分。
每题给出的四个选项中，只有一项最符合题目要求。
1．蛋白质是生命活动的主要承担者。
下列有关叙述错误的是（）A．叶绿体中存在催化ATP合成的蛋白质B．线粒体膜上存在运输葡萄糖的蛋白质C．胰岛B细胞能分泌调节血糖的蛋白质D．唾液腺细胞能分泌水解淀粉的蛋白质2．人体细胞与内环境的关系如图所示，其中X、Y、Z为内环境的主要成分。
下列说法正确的是（）A．X、Y、Z分别是血浆、组织液、淋巴液B．X、Y、Z中蛋白质含量最多的是XC．细胞1可能是胰岛细胞D．X中含有K+、抗体和DNA聚合酶3．下列高中生物学实验中，对实验结果不要求精确定量的是（）A．DNA的粗提取与鉴定B．模拟生物体维持pH的稳定C．探索生长素类调节剂促进插条生根的最适浓度D．探究光照强度对光合作用强度的影响4．科学理论随人类认知的深入会不断被修正和补充，下列叙述错误的是（）A．新细胞产生方式的发现是对细胞学说的修正B．具催化功能RNA的发现是对酶化学本质认识的补充C．RNA逆转录现象的发现是对中心法则的补充D．自然选择学说的提出是对共同由来学说的修正5．将某种植物置于高温环境（HT）下生长一定时间后，测定HT植株和生长在正常温度（CT）下的植株在不同温度下的光合速率，结果如图。
由图不能得出的结论是（）A．两组植株的CO2吸收速率最大值接近B．35℃两组植株的真正（总）光合速率相等C．50℃时HT植株能积累有机物而CT植株不能D．HT植株表现出对高温环境的适应性6．热休克蛋白HSP90能帮助蛋白质折叠组装，并对错误折叠蛋白进行修复或降解。
2022-2023学年天津市南开区高三上学期期末生物试卷
2022-2023学年天津市南开区高三（上）期末生物试卷注意事项:1.答卷前，考生务必将自己的姓名、准考证号填写在答题卡上。
2.回答选择题时，选出每小题答案后，用铅笔把答题卡对应题目的答案标号涂黑；如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案标号。
回答非选择题时，将答案写在答题卡上，写在试卷上无效。
3.考试结束后，本试卷和答题卡一并交回。
第I卷（选择题）一、单选题（本大题共12小题，共分）1. 水通道蛋白（AQP）是一类细胞膜通道蛋白。
检测人唾液腺正常组织和水肿组织中3种AQP基因mRNA含量，发现AQP1和AQP3基因mRNA含量无变化，而水肿组织AQP5基因mRNA含量是正常组织的倍。
下列叙述正确的是（）A. 人唾液腺正常组织细胞中AQP蛋白的氨基酸序列相同B. AQP蛋白与水分子可逆结合，转运水进出细胞不需要消耗ATPC. 正常组织与水肿组织的水转运速率不同，与AQP蛋白的数量有关D. 检测结果表明，只有AQP5蛋白参与人唾液腺水肿的形成2. 关于中心法则相关酶的叙述，错误的是（）A. RNA聚合酶和逆转录酶催化反应时均遵循碱基互补配对原则且形成氢键B. DNA聚合酶、RNA聚合酶和逆转录酶均由核酸编码并在核糖体上合成C. 不需要解旋酶协助，RNA聚合酶就能以单链DNA为模板转录合成多种RNAD. DNA聚合酶和RNA聚合酶均不可在体外发挥催化作用3. 视网膜病变是糖尿病常见并发症之一。
高血糖环境中，在DNA甲基转移酶催化下，部分胞嘧啶加上活化的甲基被修饰为5′-甲基胞嘧啶，使视网膜细胞线粒体DNA碱基甲基化水平升高，可引起视网膜细胞线粒体损伤和功能异常。
下列叙述不正确的是（）A. 线粒体DNA甲基化水平升高，可抑制相关基因的表达B. 高血糖环境中，线粒体DNA在复制时也遵循碱基互补配对原则C. 糖尿病患者线粒体DNA高甲基化水平可遗传D. 高血糖环境引起的甲基化修饰改变了患者线粒体DNA碱基序列4. 人卵细胞形成过程如图所示。
天津市南开区2024届高三上学期阶段性质量监测数学试题(二)(解析版)
天津市南开区2023-2024学年高三上学期期末考试数学试题第I 卷注意事项：1.答第I 卷前，考生务必将自己的姓名､准考证号､考试科目涂在答题卡上；2.每小题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑.如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其它答案标号；3.本卷共9小题，每小题5分，共45分.参考公式：●锥体的体积公式13V Sh=，其中S 表示锥体的底面积，h 表示锥体的高.●对于事件(),,0A B P A >，那么()()()P AB P A P B A =⋅∣.一､选择题：在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.1.已知全集{}{}1,0,1,2,3,0,1,2,{12}U A B x x =-==∈-<<Z ∣，则()U A B =ð（）A.∅B.{}1 C.{}2 D.{}1,2【答案】C 【解析】【分析】由集合补集及交集的性质即可求得.【详解】{}{12}0,1B x x =∈-<<=Z ∣，{}1,0,1,2,3U =-{}U 1,2,3B ∴=-ð又{}0,1,2A = ∴()U A B = ð{}2故选：C2.函数2()sin 12xf x x =++的图象可能是（）A.B.C.D.【答案】D 【解析】【分析】通过判断()f x 不是奇函数，排除A ，B ，又因为302f π⎛⎫< ⎪⎝⎭，排除C ，即可得出答案.【详解】因为2()sin 12xf x x =++的定义域为R ，又因为()()222sin()sin 1221xxx f x x x f x -⋅-=-+=-+≠-++，所以()f x 不是奇函数，排除A ，B.33223322sin(10221212f ππππ⎛⎫=+=-+< ⎪⎝⎭++，所以排除C.故选：D.3.“1a <”是“2R,0x x x a ∃∈-+<”的（）A.充分不必要条件B.必要不充分条件C.充要条件D.既不充分也不必要条件【答案】B 【解析】【分析】将存在量词命题转化为有解问题，再利用一元二次不等式有解及充分条件和必要条件的定义即可求解.【详解】因为2R,0x x x a ∃∈-+<，所以()2140a ∆=-->，解得14a <.所以(),1-∞1,4⎛⎫-∞ ⎪⎝⎭，故“1a <”是“2R,0x x x a ∃∈-+<”的必要不充分条件.故选：B.4.某研究机构为了解某地年轻人的阅读情况，通过随机抽样调查了100位年轻人，对这些人每天的阅读时间（单位：分钟）进行统计，得到样本的频率分布直方图如图所示，则a 的值为（）A.0.02B.0.2C.0.04D.0.4【答案】A 【解析】【分析】根据题意结合频率和为1列式求解.【详解】由频率分布直方图可知：每组频率依次为0.1,10,0.45,10,0.05a a ，则0.1100.45100.05200.61a a a ++++=+=，解得0.020a =.故选：A.5.设0.40.40.3log ,log 022,.3a b c ===，则（）A.a c b <<B.b a c <<C.c b a <<D.a b c<<【答案】D 【解析】【分析】利用对数的运算性质、对数函数的性质和指数函数的性质即可求解.【详解】20.0.3243log ,o lo 1122log 0.4l g 0.g a b ====，由2log y x =在()0,∞+上单调递增，0.40.3>，得220.40.30>log log >，所以22110log 0.4log 0.3<<，即0.40.30log l 2og 2<<，于是有0a b <<，由0.40.30c =>，得0a b c <<<，所以a b c <<.故选：D.6.数列{}n a 满足12a =，111nn na a a ++=-，其前n 项积为n T ，则10T 等于（）A.16B.16-C.6D.6-【答案】D 【解析】【分析】依次代入1,2,3,4n =可得{}n a 是以4为周期的周期数列，由1231n n n n a a a a +++=可推导得到结果.【详解】当1n =时，121131a a a +==--；当2n =时，2321112a a a +==--；当3n =时，3431113a a a +==-；当4n =时，454121aa a +==-；…，∴数列{}n a 是以4为周期的周期数列，()()1231123123n n n n a a a a n N *+++⎛⎫∴=⨯-⨯-⨯=∈ ⎪⎝⎭，()10891012236T T a a a a ∴=⋅==⨯-=-.故选：D.7.已知圆柱12O O 的底面半径为1，高为2，AB ，CD 分别为上、下底面圆的直径，AB CD ⊥，则四面体ABCD 的体积为（）A.13B.23C.1D.43【答案】D 【解析】【分析】易证AB ⊥平面1CDO ，然后由11--=+ABCD A CDO B CDO V V V 求解.【详解】解：如图所示：连接11CO DO ，因为AB CD ⊥，12AB O O ⊥，且122O O CD O ⋂=，所以AB ⊥平面1CDO ，所以11--=+ABCD A CDO B CDO V V V ，111142223323=⋅=⨯⨯⨯⨯= CDO S AB ，故选：D8.设函数()()(0,π)f x x ωϕωϕ=-><.若π5π0,88f f ⎛⎫⎛⎫-== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，且()f x 的最小正周期大于2π，则（）A.17π,312ωϕ==-. B.111π,324ωϕ==C.2π,312ωϕ==-D.211π,312ωϕ==【答案】C 【解析】【分析】由题意求得4T，再由周期公式求得ω，再由5π8⎛⎫= ⎪⎝⎭f π2π12k ϕ=--，结合||πϕ<，求得ϕ值，即可得解．【详解】由()f x 的最小正周期大于2π，可得π42T >，因为π5π0,88f f ⎛⎫⎛⎫-== ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，可得5ππ3π4884=+=T ，则3πT =，且0ω>，所以2π23T ω==，即2()3ϕ⎛⎫=- ⎪⎝⎭f x x ，由5π25π838ϕ⎛⎫⎛⎫=⨯-= ⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭f ，即5πsin 112ϕ⎛⎫-= ⎪⎝⎭，可得5ππ2π122ϕ-=+k ，k ∈Z ，则π2π12k ϕ=--，k ∈Z ，且π<ϕ，可得0k =，π12ϕ=-，所以23ω=，π12ϕ=-.故选：C ．9.已知()13,0F -，()23,0F 分别是双曲线()222210,0x y a b a b-=>>的左､右焦点，点P 是双曲线上一点，若126PF PF a +=，且12PF F △的最小内角为6π，则双曲线的标准方程为（）A.22163x y -= B.22136x y -= C.2218y x -= D.2218x y -=【答案】B 【解析】【分析】设点P 为双曲线右支上一点，结合双曲线的定义与条件可得14PF a =，22PF a =，在12PF F △中，根据大边对大角可知12PF F ∠为最小角，进而根据余弦定理求得a ，再得到b ，即可得到答案.【详解】设点P 为双曲线右支上一点，则12PF PF >，因为122PF PF a -=，且126PF PF a +=，所以14PF a =，22PF a =，由题，因为1226F F c ==，则2242c a a a>⎧⎨>⎩，所以12PF F ∠为最小角，故126PF F π∠=，所以在12PF F △中，由余弦定理可得，()()()22242232422a c a a c+-=⋅⋅，解得a =所以b ，所以双曲线的标准方程为22136x y -=.故选：B第Ⅱ卷注意事项：1.用黑色墨水的钢笔或签字笔答题：2.本卷共11小题，共105分.二､填空题：本大题共6个小题，每小题5分，共30分.10.已知复数1212i,i z z a =+=-，若12z z ⋅是实数，则实数a 的值为__________.【答案】12##0.5【解析】【分析】根据复数的乘法运算可得()()12221i ⋅=++-z z a a ，进而结合题意可得210a -=，运算求解即可.【详解】由题意可得：()()()()1212i i 221i ⋅=+-=++-z z a a a ，若12z z ⋅是实数，则210a -=，解得12a =.故答案为：12.11.6⎛⎫展开式中，3x 的系数等于________．【答案】15【解析】【详解】⎛⎫6的通项为T r ＋1＝C 6r⎛⎫6－r ⎛ ⎝r ＝C 6r (－1)r x6－32ry 32r －3，令6－32r ＝3，得r ＝2，32r －3＝0，故x 3的系数为C 62(－1)2＝15.12.直线21y x =+与圆C ：22450x y x +--=相交于M ，N 两点，则MN =______．【答案】4【解析】【分析】利用点到直线的距离公式求出圆心到直线的距离，再根据勾股定理求解.【详解】解：圆C ：()2229x y -+=，其圆心坐标为()2,0，半径为3．圆心()2,0到直线2x －y ＋1＝0的距离d ==则4MN ===．故答案为:4.13.设甲乘汽车､动车前往某目的地的概率分别为0.4,0.6，汽车和动车正点到达目的地的概率分别为0.7,0.9，则甲正点到达目的地的概率为__________.【答案】0.82##4150【解析】【分析】利用全概率公式求解即可.【详解】设事件1A =“甲乘汽车前往某目的地”，事件2A =“甲乘动车前往某目的地”，事件B =“甲正点到达目的地”.()()()()()11220.40.70.60.90.82P B P B A P A P B A P A =+=⨯+⨯=.故答案为：0.8214.在ABC 中，1,90AC BC C ∠===，则CA CB +=__________；若P 为ABC 所在平面内的动点，且3PC =，则PA PB ⋅ 的取值范围是__________.【答案】①.②.24,33⎡⎤-⎢⎥⎣⎦【解析】【分析】建立，利用向量的坐标运算求CA CB + ；设33cos ,sin 33P θθ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭，利用向量的坐标运算结合辅助角公式可得()1sin 3PA PB θϕ⋅=-+ ，再结合正弦函数的有界性分析求解.【详解】如图，以C 为坐标原点，,AC BC 分别为,x y 轴所在直线，建立平面直角坐标系，则()(()1,0,,0,0A B C ，可得()(1,0,CA CB == ，则(CA CB +=，所以CA CB +==；因为3PC =，设cos ,sin 33P θθ⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭，可得1cos,sin,cos sin3333PA PBθθθθ⎛⎫⎛⎫=--=--⎪ ⎪⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭，则33331cos cos sin sin3333PA PBθθθθ⎛⎫⎛⎫⎛⎫⋅=--+--⎪⎪ ⎪⎪⎪ ⎪⎝⎭⎝⎭⎝⎭⎝⎭，()11sin cos sin3333θθθϕ⎛⎫=-+=-+⎪⎪⎝⎭，其中cos,sin33ϕϕ==，因为()[]sin1,1θϕ+∈-，所以()124sin,333PA PBθϕ⎡⎤⋅=-+∈-⎢⎥⎣⎦.24,33⎡⎤-⎢⎥⎣⎦.15.已知函数()()1221,1,log1,1,x xf xx x-⎧+≤⎪=⎨->⎪⎩若方程()f x m=有三个不等的实根，则实数m的取值范围是__________；函数()()()()322g x f f x f x=--的零点个数是__________.【答案】①.(]1,2②.4【解析】【分析】作出()f x大致图象，结合图象可得实数m的取值范围；令()f x t=，将问题转化为()322f t t=+，根据图象分析得()122f t t=+有两个零点为10t=，()21,2t∈，从而考虑()1f x t=与()2f x t=根的个数即可求解.【详解】作出()f x大致图象如下：若方程()f x m=有三个不等的实根，由图象可得实数m的取值范围是(]1,2；令()f x t=，则()3202f t t--=，可得()322f t t=+，且()302f =，结合图象可知方程()322f t t =+的一个根10t =，另一个根()21,2t ∈，当10t =时，()f x 与1y t =的图象有1个交点，所以()1f x t =有1个实根，当()21,2t ∈时，()f x 与2y t =的图象有3个交点，所以()2f x t =有3个实根，综上所述：()g x 共有4个零点.故答案为：(]1,2；4.【点睛】方法点睛：数形结合的重点是“以形助数”，在解题时要注意培养这种思想意识，做到心中有图，见数想图，以开拓自己的思维．使用数形结合法的前提是题目中的条件有明确的几何意义，解题时要准确把握条件、结论与几何图形的对应关系，准确利用几何图形中的相关结论求解．三､解答题：本大题共5题，共5分.解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.16.在ABC 中，角,,A B C 所对的边分别为,,a b c ，且)2222sin ac B a c b =+-，2a c =.（1）求角B 的大小；（2）求角A 的大小；（3）求2sin cos sin cos sin sin cos A B C A B C C -的值.【答案】（1）π3B =（2）π4A =（3）28【解析】【分析】（1）根据题意利用余弦定理边化角即可得解；（2）根据题意利用正弦定理结合三角恒等变换分析求解；（3）可得5π12=C ，代入结合降幂公式分析求解.【小问1详解】因为)2222sin ac B a c b =+-，由余弦定理可得2sin cos =ac B B ，则tan B =.又因为0πB <<，所以π3B =.【小问2详解】因为2a c +=，由正弦定理可得sin 2sin A B C =，即π2sin 2sin π33A A ⎛⎫+=- ⎪⎝⎭，所以sin sin 2A A A +=+，则cos 2A =.因为0πA <<，所以π4A =.【小问3详解】由（1）（2）可得()5ππ12=-+=C A B ，则2sin cos sin cos sin sin cos A B C A B C C -5π5π1cos sin ππππ66sin cos cos sin 432432-=⋅⋅-⋅3111222222228+=⨯-=.17.如图，在正方体1111ABCD A B C D -中，E 为棱11AB 上一点（不含端点），F 为棱BC 的中点.（1）若E 为棱11A B 的中点，（i ）求直线EF 与平面11A BC 所成角的正弦值；（ii ）求平面11A BC 和平面AC 的夹角的余弦值；（2）求直线EF 与11A C 所成角余弦值的取值范围.【答案】（1）（i ）23；（ii）3（2）,102⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭【解析】【分析】（1）根据已知条件建立空间直角坐标系，求出相关点的坐标；（i ）求出直线EF 的方向向量和平面A 1BC 1的法向量，利用向量的夹角与线面角的关系即可求解；（ii ）分别求出平面A 1BC 1和平面AC 的法向量，利用向量的夹角与线面角的关系即可求解；（2）根据（1）的结论，分别求出直线EF 和直线A 1C 1的方向向量，利用向量的夹角与线面角的关系，结合对勾函数的性质即可求解.【小问1详解】在正方体ABCD -A 1B 1C 1D 1中以DA ,DC ,DD 1分别为x ,y ,z轴建立空间直角坐标系，如图所示设正方体1111ABCD A B C D -的棱长为2，若E 为棱11A B 的中点，则()()2,1,2,1,2,0E F ，()()()112,2,0,2,0,2,0,2,2B A C .所以()()()1112,2,0,0,2,2,1,1,2A C BA FE =-=-=- .（i ）设平面11A BC 的一个法向量为(),,n x y z =，则1110,0,n A C n BA ⎧⋅=⎪⎨⋅=⎪⎩ 即220,220,x y x z -+=⎧⎨-+=⎩令1x =，则()1,1,1n = .设EF 与平面11A BC 所成角为α，则有sin cos ,3n FE n FE n FEα⋅==== .故直线EF 与平面11A BC 所成角的正弦值为23.（ii ）易知平面AC 的一个法向量为()0,0,1m =，设平面PDC 和平面EAC 的夹角为β，则有||cos |cos ,|||||3m n m n m n β⋅=〈〉== .故平面11A BC 和平面AC的夹角的余弦值为3.【小问2详解】设直线EF 与11A C 所成角为(),2,,2(02)E m m θ<<，则()1,2,2FE m =- .所以111111cos cos ,A C FE A C FE A C FE θ⋅====因为02m <<，所以952m m +>，即1211954m m <-<+-1<，所以102102<，即102cos 102θ<<.故直线EF 与11A C所成角余弦值的取值范围为,102⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭.18.设椭圆2222:1(0)x y E a b a b +=>>经过点226,33⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭，且其左焦点坐标为()1,0-.（1）求椭圆的方程；（2）对角线互相垂直的四边形ABCD 的四个顶点都在E 上，且两条对角线均过E 的右焦点，求AC BD +的最小值.【答案】（1）22143x y +=（2）487.【解析】【分析】（1）根据焦点坐标和椭圆所过点，利用椭圆的定义可求方程；（2）设出直线方程，联立，结合韦达定理表示出AC BD +，利用二次函数可得答案.【小问1详解】因为椭圆E 的左焦点坐标为()1,0-，所以右焦点坐标为()1,0,1c =.又椭圆E经过点2,33⎛⎫ ⎪ ⎪⎝⎭，所以24,a b ====所以椭圆的方程为22143x y +=.【小问2详解】①当直线,AC BD 中有一条直线的斜率不存在时，7AC BD +=.②当直线AC 的斜率存在且不为0时，设直线AC 的方程()()11221,,,,x ty A x y C x y =+，由2213412x ty x y =+⎧⎨+=⎩，得()2234690t y ty ++-=，则12122269,3434t y y y y t t --+==++，()2212134t AC t +=+.设直线BD 的方程为11x y t =-+，同理得()2212134t BD t +=+，所以()()()22228413434t AC BD t t ++=++，设21m t =+，则1m >，则()()22284848448113141711491224m AC BD m m m m m +===≥+-⎛⎫-++--+ ⎪⎝⎭，所以2m =时，AC BD +有最小值487.综上，AC BD +的最小值是487.19.已知正项等比数列{}n a 满足1232,12a a a =+=，数列{}n b 的前n 项和为12,1n S b =，当2n ≥时，10n n n S S b -+=.（1）求{}n a 的通项公式：（2）证明1n S ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是等差数列，并求n S ；（3）设数列n n a S ⎧⎫⎨⎬⎩⎭的前n 项和为n T ，若()29n n T n a λ≤+恒成立，求λ的取值范围.【答案】（1）2nn a =（2）证明见解析，11n S n =+（3）3λ≤.【解析】【分析】（1）利用等比数列基本量的计算求通项公式；（2）利用n a 与n S 的关系以及等差数列的定义求解；（3）利用错位相减法求和以及基本不等式求解.【小问1详解】设正项等比数列{}n a 的公比为(0)q q >，由1232,12a a a =+=，得22212q q +=，解得2q =，所以2n n a =.【小问2详解】当2n ≥时，10n n n S S b -+=，所以()110n n n n S S S S --+-=，整理得1111n n S S --=，所以数列1n S ⎧⎫⎨⎬⎩⎭是以11112S b ==为首项，1为公差的等差数列.所以11n n S =+，即11n S n =+.【小问3详解】由（1）､（2）知()12n n n a n S =+⋅，所以()1231223242212n n n T n n -=⋅+⋅+⋅++⋅++⋅ ，①()23412223242212,n n n T n n +=⋅+⋅+⋅++⋅++⋅ ②①-②得()()231422212n n n T n +-=++++-+⋅ 12n n +=-⋅,所以12n n T n +=⋅.由()29n n T n a λ≤+得()12292n n n n λ+⋅≤+⋅，即922n nλ≤+，因为9322n n +≥=，当且仅当3n =时，等号成立，所以3λ≤.20.已知函数()()ln ,a f x x x g x x x =-=+，且函数()f x 与()g x 有相同的极值点.（1）求实数a 的值；（2）若对121,,3e x x ⎡⎤∀∈⎢⎥⎣⎦，不等式()()12f x f x k -≤恒成立，求实数k 的取值范围；（3）求证：()()e cos x x f x g x x++<.【答案】（1）1（2）()2ln3,∞-+（3）证明见解析【解析】【分析】（1）先求得()f x 的极大值点为1x =，由(1)0g '=可得1a =，经检验可确定1a =；（2）先求得()f x 在1,3e ⎡⎤⎢⎥⎣⎦上的最大值和最小值，然后分1k >-和1k <-两种情况可得k 的取值范围；21(0)2x x >和21ln e 2x x x x -<-即可证令()（3）所证不等式即为x ln x -e x <cos x -1，通过证明cos x -1>-得结果.【小问1详解】110f x x'=-=，解得1x =，当()0,1x ∈时，()()0,f x f x '>在()0,1单调递增，当()1,x ∈+∞时，()()0,f x f x '<在()1,+∞单调递减，故函数()f x 的极大值点为1x =.令()210a g x x=-='，由题意可得()110g a '=-=，解得1a =，经验证符合题意，故实数a 的值为1.【小问2详解】由（1）知，函数()f x 在1,1e ⎛⎫⎪⎝⎭单调递增，在()1,3单调递减，又()()111,11,3ln33e e f f f ⎛⎫=--=-=- ⎪⎝⎭，且1ln3311e-<--<-，所以当1,3e x ⎡⎤∈⎢⎥⎣⎦时，()()max min ()11,()3ln33f x f f x f ==-==-，若不等式()()12f x f x k -≤恒成立，则()max min ()()1ln332ln3≥-=---=-k f x f x ，所以k 的取值范围为()2ln3,∞-+.【小问3详解】所证不等式即为ln e cos 1x x x x -<-.先证：21cos 1(0)2x x x ->->，即证21cos 102x x +->在()0,∞+上恒成立，设()()21cos 1,sin 2h x x x h x x x =+-='-+，设()()'=d x h x ，因为()cos 10'=-+>d x x 在()0,∞+上恒成立，所以()h x '在()0,∞+单调递增，则()()00h x h ''>=，所以()h x 在()0,∞+单调递增，则()()00h x h >=，所以21cos 1(0)2x x x >->.再证：21ln e 2x x x x -<-，即证2ln e 12x x x x <-.设()()2ln 1ln ,x x m x m x x x -'==，当()0,e x ∈时，()()0,m x m x '>单调递增，当()e,x ∈+∞时，()()0,m x m x '<单调递减，所以()()1e em x m <=.设()()()232e e 1,2x x x x x x x ϕϕ-=-='，当()0,2x ∈时，()()0,x x ϕϕ'<单调递减，当()2,x ∈+∞时，()()0,x x ϕϕ'>单调递增，所以()()2e 1242x ϕϕ>=-.所以22ln 1e 1e 1e 422x x x x <<-<-，即2ln e 12x x x x <-.综上，ln e cos 1x x x x -<-，得证.【点睛】关键点睛：第（3）问的关键点是：将证明ln e cos 1x x x x -<-转化为证明21cos 1(0)2x x x ->->和21ln e 2x x x x -<-.。
2020届高三生物精准培优专练12：一对相对性状遗传的异常分离(附答案)
2020届高三生物精准培优专练12：一对相对性状遗传的异常分离（附答案）一、“归纳法”分析一对相对性状遗传的异常分离比应用1：不完全显性或共显性典例1. 某植物花瓣的大小受一对等位基因A、a控制，基因型为AA的植株表现为大花瓣，基因型为Aa的植株表现为小花瓣，基因型为aa的植株表现为无花瓣。
花瓣颜色受另一对等位基因R、r控制，基因型为RR和Rr的花瓣为红色，基因型为rr的花瓣为黄色，两对基因独立遗传。
若基因型为AaRr的亲本自交，则下列有关判断错误的是（）A. 子代共有9种基因型B. 子代有花瓣植株中，AaRr所占的比例为1/3C. 子代共有6种表现型D. 子代的红花植株中，杂合子所占比例为2/3应用2：致死类典例2. 某种二倍体高等植物的性别决定类型为XY型。
该植物有宽叶和窄叶两种叶形，宽叶对窄叶为显性。
控制这对相对性状的基因（B/b）位于X染色体上，含有基因b的花粉不育。
下列叙述错误的是（）A. 窄叶性状只能出现在雄株中，不可能出现在雌株中B. 宽叶雌株与宽叶雄株杂交，子代中可能出现窄叶雄株C. 宽叶雌株与窄叶雄株杂交，子代中既有雌株又有雄株D. 若亲本杂交后子代雄株均为宽叶，则亲本雌株是纯合子应用3：从性遗传典例3. 某种山羊的有角和无角是一对相对性状，由一对等位基因（A和a）控制，其中雄羊的显性纯合子和杂合子表现型一致，雌羊的隐性纯合子和杂合子表现型一致。
多对纯合的有角雄羊和无角雌羊杂交，F1中雄羊全为有角，雌羊全为无角；F1中的雌雄羊自由交配，F2不可能．．．出现的是（）A．有角∶无角=1∶1B．基因型及比例为AA∶Aa∶aa=1∶2∶1C．雄羊中有角∶无角=3∶1，雌羊中有角∶无角=1∶3D．无角雌羊中的基因型及比例为Aa∶aa=1∶1应用4：复等位基因典例4. 紫色企鹅的羽毛颜色是由复等位基因决定的。
P d决定深紫色，P m决定中紫色，P l决定浅紫色，P v决定很浅紫色（几近白色）。
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2019-2020学年度第一学期南开区期末考试试卷高三年级生物学科1.结构与功能观是生命活动规律的重要观点。
下列相关叙述错误的是（）A. 哺乳动物成熟红细胞没有细胞核，有利于携带和运输氧B. 神经细胞有丰富的突起，有利于信息的传递C. 叶绿体具有双层膜，有利于附着光合色素高效进行光合作用D. 内质网呈网状结构，有利于细胞内物质的运输【答案】C【解析】【分析】哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核和多种细胞器；神经元的结构包括细胞体和突起，突起一般包括一条长而分支少的轴突和数条短而呈树枝状分支的树突；叶绿体是绿色植物光合作用的场所，光合作用分为光反应和暗反应，分别发生在类囊体薄膜上和叶绿体基质中；内质网单层膜形成的网状结构，是细胞内蛋白质合成和加工，以及脂质合成的“车间”。
【详解】A、哺乳动物成熟的红细胞没有细胞核和细胞器，含有大量的血红蛋白，有利于氧气的运输，A正确；B、神经细胞有丰富的突起，可以与多个细胞发生联系，有利于信息的传递，B正确；C、叶绿体中光合色素存在于类囊体薄膜上，而不在其双层膜上，C错误；D、内质网由单层膜构成，呈网状结构，内外可以分别与细胞核和细胞膜相连，有利于细胞内物质的运输，D正确。
故选C。
2.如图为动物小肠上皮细胞吸收葡萄糖的原理图--这种运输方式被称为协同运输（主动运输的一种），下列关于该原理图分析错误的是（）A. 小肠腔中的钠离子浓度高于小肠上皮细胞内B. 钠钾泵可以水解ATP中的高能磷酸键C. 细胞吸收葡萄糖时可以逆浓度梯度进行D. 吸收葡萄糖时可以直接利用ATP提供的能量【答案】D【解析】【分析】分析题图可知，小肠上皮细胞通过同向协同运输的方式吸收葡萄糖，虽然这种方式属于主动运输，但不靠直接水解ATP提供的能量推动，而是依赖于Na+梯度形式提供的能量；当Na+顺电化学梯度流向膜内时，葡萄糖通过专一性的运送载体，伴随Na+一起运送入小肠上皮细胞。
进入膜内的Na+再通过质膜上的Na一K泵运送到膜外，以维持Na+浓度梯度，从而使葡萄糖不断利用Na+梯度形式的能量进入细胞。
【详解】A、分析题图可知，小肠腔中的钠离子浓度要高于小肠细胞内，A正确；B、据图分析可知，钠钾泵不仅具有运输钠离子和钾离子的作用，还能够催化ATP水解，即钠钾泵可以水解ATP中的高能磷酸键，B正确；C、细胞吸收葡萄糖的方式是主动运输，可以逆浓度梯度进行，C正确；D、根据以上分析已知，吸收葡萄糖时没有直接利用ATP提供的能量，而是依赖于Na+梯度形式提供的能量，D错误。
故选D。
3.下列关于人体细胞分裂的叙述，正确的是（）A. 每次细胞分裂前都会进行核DNA的复制B. 染色体平均分配与中心体的功能有关C. 等位基因的分离一定发生在减数第一次分裂的后期D. 肝细胞中染色体存在的时间比染色质的长【答案】B【解析】【分析】人体体细胞通过有丝分裂产生子细胞，子细胞中染色体数目不变；人体通过减数分裂产生生殖细胞，生殖细胞中染色体数目是体细胞的一半；减数分裂过程中，会发生同源染色体的联会、形成四分体、交叉互换、同源染色体的分离、非同源染色体的自由组合等现象。
【详解】A 、减数第二次分裂前，细胞核DNA 不会进行复制，A 错误；B 、人体细胞有丝分裂或减数分裂过程中，中心体牵引染色体运动，因此染色体平均分配与中心体的功能有关，B 正确；C 、减数分裂过程中，等位基因的分离一般发生在减数第一次分裂的后期；如果同源染色体的非姐妹染色单体之间发生过交叉互换，则也会发生在减数第二次分裂的后期，C 错误；D 、细胞周期中分裂间期的时间远远长于分裂期，因此肝细胞中染色体存在的时间比染色质的短，D 错误。
故选B 。
4.科研人员研究核质互作的实验过程中，发现T-CMS 细胞质雄性不育玉米可被显性核恢复基因Rf2（R 基因）恢复育性，T-URF13基因（T 基因）表示雄性不育基因，其作用机理如右图所示。
下列叙述正确的是A. 在线粒体的内外均有核糖体分布B. 细胞中R 基因和T 基因均成对存在C. R 基因通常不会通过父本传递给下一代D. 核（质）基因型为Rr （T ）的个体自交，后代中出现雄性不育的概率是1/2【答案】A【解析】【分析】线粒体是半自主细胞器，含有少量核糖体，能合成一部分自身需要的蛋白质；受精时，精子不提供线粒体，所以遗传给子代的线粒体来自卵细胞；染色体上的基因是成对存在的，细胞质基因存在于细胞质中的线粒体或叶绿体中的小型环状DNA 分子上，不是成对存在的。
【详解】A. 在线粒体内部和细胞质基质中都有核糖体存在，A 正确；B. T基因位于线粒体中，不是成对存在的，B错误；C. R基因位于细胞核中，可以通过父本传递给下一代，C错误；D. 核（质）基因型为Rr（T）的个体自交，由于T是线粒体遗传，因此子代都含有雄性不育基因T，Rr自交子代中RR：Rr：rr=1:2:1，R基因的存在可恢复育性，因此雄性不育的概率是1/4，D错误。
【点睛】本题以雄性不育玉米核质互作实验为背景，考查学生对细胞质遗传和核基因遗传方式的理解，解答本题关键是能从题干和题图中获取关键信息，理解核质互作关系，并结合已有知识作答。
5.为获得果实较大的四倍体葡萄（4N=76），将二倍体葡萄茎段经秋水仙素溶液处理后栽培。
研究结果显示，植株中约40%的细胞的染色体被诱导加倍，这种植株含有2N细胞和4N细胞，称为“嵌合体”，其自交后代中有四倍体植株。
下列叙述不正确的是（）A. “嵌合体”产生的原因之一是细胞分裂不同步B. “嵌合体”间杂交可能产生三倍体植株C. “嵌合体”能产生含有19条染色体的配子D. “嵌合体”根尖分生区的部分细胞含19条染色体【答案】D【解析】【分析】秋水仙素作用于有丝分裂前期，抑制纺锤体的形成，从而使得染色体不能移向两极，使得染色体加倍，从而获得果实较大的四倍体葡萄；本题中秋水仙素作用后，植株中约40%的细胞的染色体被诱导加倍，染色体数目为4N，还有60%的细胞中染色体数目不变，为2N。
【详解】A、“嵌合体”产生的原因之一是细胞分裂不同步，A正确；B、“嵌合体”的不同细胞中染色体数目可能为2N或4N，可以产生含有1个或2个染色体组的配子，因此“嵌合体”间杂交可能产生三倍体植株，B正确；C、根据以上分析已知，“嵌合体”能产生含有1个染色体组的配子，即能产生含有76÷4=19条染色体的配子，C正确；D、二倍体葡萄染色体数目是2N=38，所以它的根尖细胞中的染色体应该是38（染色体没有加倍的）或76（染色体加倍的），D错误。
故选D。
6.下列关于生物进化与生物多样性的叙述，正确的是（）A. 种群是生物进化的基本单位，也是自然选择的对象B. 严格自花传粉的植物种群内个体之间存在生殖隔离C. 生物多样性的形成是不同物种之间共同进化的结果D. 浅色桦尺蠖与黑色桦尺蠖同时存在体现了基因多样性【答案】D【解析】【分析】本题考查现代生物进化理论观点的知识，旨在考查考生理解所学知识的要点，把握知识间的内在联系的能力。
【详解】种群是生物进化的基本单位，但自然选择的对象是个体（表现型）而不是种群，A错误；严格自花传粉的植物种群内个体属于同种生物，它们之间不存在生殖隔离，B错误；共同进化是指不同物种之间、生物与环境之间在相互影响中不断发展与进化，C错误；浅色桦尺蠖与黑色桦尺蠖是同种昆虫，同种昆虫表现型不同，说明在环境条件相同的情况下，其基因型不同，体现了遗传（基因）多样性，D正确。
【点睛】（1）种群基因频率改变意味着生物进化了，但不一定产生新的物种，新物种的产生必须要经过生殖隔离；（2）生殖隔离的产生不一定要经过长期的地理隔离，如多倍体的形成。
7.根据体内细胞与外界环境进行物质交换模型来判断下列相关说法中正确的是（）A. 在图中①〜⑤处应当用双箭头表示的有①④⑤B. 血浆蛋白、葡萄糖和呼吸酶均属于内环境成分C. 组织液、淋巴和血浆在含量及成分上完全相同D. 神经系统与内分泌系统不参与图中所示的物质交换过程【答案】A【解析】内环境与外界环境间可进行物质和能量交换，组织液和细胞内液、组织液和血浆间可相互渗透，故在图中①～⑤处应当用双箭头表示的有①④⑤，A正确；呼吸酶位于细胞内，不属于内环境的成分，B错误；组织液、淋巴和血浆在在成分上基本相同，但血浆中含有较多的蛋白质，C错误；神经系统与内分泌系统起调节作用，故间接参与图中所示的物质交换过程，D错误。
8.如图是连接两个神经细胞的突触结构模式图，下列有关该结构的描述，正确的是（）A. ①属于神经元的细胞体或树突B. ⑥结合神经递质导致⑤打开C. ④以协助扩散的方式进入细胞D. ②充满组织液、淋巴、血浆等体液【答案】B【解析】【分析】据图分析，图示连接两个神细胞之间的突触的结构模式图，其中①是突触前膜，②是突触间隙，③是突触后膜，④是神经递质，⑤是离子通道，⑥是受体。
【详解】A、①是突触前膜，属于神经元的轴突，A错误；B、神经递质与突触后膜上⑥受体结合后，导致突触后膜上的⑤离子通道打开，B正确；C、④是神经递质，与突触后膜上的受体结合，但是不会进入细胞，C错误；D、②是突触间隙，充满的是组织液，D错误。
故选B。
9.健康人体接种乙肝疫苗后一般不会发生的是A. 吞噬细胞摄取和处理病原体，并传递抗原B. B细胞增殖分化形成浆细胞和记忆细胞C. T细胞和相应的靶细胞密切接触，使靶细胞裂解D. 抗原-抗体特异性结合的产物被吞噬细胞吞噬消化【答案】C【解析】【详解】A、健康人体接种乙肝疫苗（减毒或灭活的病原体）后，病原体被吞噬细胞摄取和处理，并呈递给T细胞，A正确；B、B细胞受病原体刺激后增殖分化形成浆细胞和记忆细胞，B正确；C、与靶细胞结合并使得靶细胞裂解死亡的是效应T细胞，而不是T细胞，C错误；D、抗原-抗体特异性结合的产物被吞噬细胞吞噬消化，D正确。
故选C。
10.为研究单侧光以及一定浓度的Ca2+、La3+对吊兰根生长的影响，科研人员进行了相关处理后测定了吊兰根的弯曲度及生长素（IAA）的浓度，结果如表。
下列分析错误的是（）组别处理结果弯曲度α/°IAA浓度/(ng·g-1Fw)光Ca2+La3+向光侧背光侧1 - - - 0 299．5 300．22 + - - 71．3 178．6 416．33 + + - 82．4 143．3 444．44 + - + 0 276．6 276．5注：“+”代表施加处理，“-”代表不施加处理．A. 单侧光照并未影响吊兰根部IAA的合成和分解B. 高浓度IAA对吊兰根细胞生长可能产生抑制作用C. 该实验说明Ca2+能促进根部IAA的横向运输D. La3+和Ca2+对IAA的横向运输可能产生协同作用【答案】D【解析】分析题图可知，第一组实验中：没做任何处理，背光侧和向光侧IAA浓度相近，吊兰根垂直生长；第二组实验中：用单测光照射，结果向光侧浓度低，背光侧浓度高，单测光照射可能使向光侧IAA横向运输到背光侧；第三组实验：用单测光照射和Ca2+处理，结果向光侧浓度更低，背光侧浓度更高，说明Ca2+能促进根部IAA的横向运输；第四组实验：用单测光照射和La3+处理，结果向光侧和背光侧浓度相近，说明La3+能抑制单测光诱导IAA的横向运输。