四川省乐山一中2012-2013学年高二下学期教学质量检测物理试题(扫描版,有答案)
乐山一中2012-2013学年高二下学期第一次段考.
乐山一中2012-2013学年高二下学期第一次段考历史试题第Ⅰ卷选择题一、选择题本大题包括20小题,每小题3分,共60分.每小题只有一个选项符合题意。
1. “当一个希腊人自豪地称自己是雅典人,他谈到的是那个既是他的家园又是他的国家的小城镇.那里不承认有什么最高的统治者,一切由集市上的人们说了算.”这段材料反映出雅典社会的情况是①工商业比较发达②民主政治是小国寡民的产物③人人都能担任一切官职④公民参与政治的积极性很高（）A．③④B．②④C．①②D．①④2. 梭伦说：“你们这些财物山积、丰衣足食而且有余的人,应当抑制你们贪婪的心情,压制它,使它平静。
”下列改革措施不能体现梭伦这一思想的是（）A.颁布“解负令”B.创立四百人议事会C.建立公民法庭D.第一、二等级可任高级官职阅读材料,完成3—4题:公元前6世纪初,雅典城郊有个叫克里埃尼图斯的青年.他出身平民,家庭贫困,不具备担任官职的财产资格。
后来,克里埃尼图斯开办手工作坊,生产葡萄酒并销往市场5年后,他的年总收入达到了280麦斗。
3. 按梭伦立法,发财后的克里埃尼图斯能享受的政治权利有①除执政官外各级官职的选举和任职资格②当选四百人会议代表的资格③担任民众法庭陪审员的资格④参与宗教和重大刑事案件的审理（ ）A. ①②③④B. ①②③C. ①②④D. ②③④ 4. 假设克里埃尼图斯生活在秦国,依据商鞅之法,他可以提高自己的社会政治地位的途径包括①参军争取多立军功 ②到政府部门登记户籍 ③努力耕作和纺织布帛 ④通过粮食买卖进一步积聚财富（ ）A. ①②③④B. ①②③C. ①③D. ①③④ 5. 如图：这两幅图最能反映出商鞅变法根本目的的是（ ）奖励耕织 （ 砖画） 商鞅铜方升A.以法为本B.富国强兵C. 重农抑商D.打击旧贵族6. 《汉书·食货志》认为“秦孝公用商鞅,坏井田,开阡陌,急耕战之赏,虽非古道,尤以务本之故,倾邻国而雄诸侯”,材料充分肯定了商鞅的变法措施有①废除井田 ②奖励耕织 ③推广县制 ④重农抑商（ ）A. ①②③④B. ①②③C. ①②④D. ①②7. 战国中叶,楚国“大臣太重,封君大众”,他们“上逼主”、“下虐民”,以致“贫国弱兵”.在内外交团的情况下,公元前383年,楚悼王任用吴起进行变法.变法的要点是：限制旧贵族,改变世袭的分封制；“度公族疏远者”,主张对封君的子孙“三世而收爵禄”；减削官吏的禄序,精减裁汰“无能”、“无用”和“不急之官”；下令“贵人往实广虚之地”。
四川省乐山市高二物理第一阶段考试试题(无答案)新人教版
乐山一中2012-2013学年高二第一阶段考试物理试题（满分100分，考试时间60分钟）第Ⅰ卷 选择题一、不定项选择题（每题4分，共64分）1．在某一均匀介质中由波源O 发出的简谐横波在x 轴上传播，某时刻的波形如图，其波速为5m/s ，则下列说法正确的是A ．此时P （-2m,0cm ）、Q(2m,0cm)两点运动方向相反B ．再经过0.5s 质点N 刚好在（-5m ，20cm ）位置C ．能与该波发生干涉的横波的频率一定为3H ZD ．该波的频率由传播介质决定与波源的振动频率无关2．一简谐横波某时刻的波形如图所示，x =5m 的质点A 此时的运动方向向下，且经过0.1s 第一次回到平衡位置，由此可以判定 A ．波沿x 轴正方向传播，波速大小为5m/s B ．波沿x 轴负方向传播，波速大小为5m/sC ．波沿x 轴正方向传播，波速大小为10m/sD ．波沿x 轴负方向传播，波速大小为10m/s 3．如图所示为一列沿x 轴传播的简谐横波某时刻的图象，已知从该时刻起，图中质点A 经时间0.1秒第一次经过平衡位置，而图中的质点B 第一次经过平衡位置所需的时间大于0.1秒，则下列说法中正确的是A ．波的传播速度大小为1 m/sB ．波的传播速度大小为20 m/sC ．波沿x 轴正方向传播D ．波沿x 轴负方向传播4．两列简谐横波的振幅都是20cm ，传播速度大小相同。
实线波频率为2Hz ，沿x 轴正方向传播；虚线波沿x 轴负方向传播。
某时刻两列波在如图所示区域相遇，则下列说法不正确．．．的是 A ．两列波的波速为8m/sB ．在相遇区域会发生干涉现象C ．平衡位置为x ＝6m 处的质点此刻速度方向沿y 轴正方向D ．从图示时刻起再经过0.25s ，平衡位置为x ＝5m 处的质点的位移y <05．一简谐机械波沿x 轴正方向传播，周期为T ，波长为λ。
若在x=0处质点的振动图像如下图所示，则该波在t= T 时刻的波形曲线为x /m 436．一列简谐横波，t=0时刻的波形如图中实线所示，t=0.2 s （小于一个周期）时刻的波形如图中的虚线所示，则A ．波的传播速度可能为90 m ／sB ．波的周期T =0.05sC ．波一定向右传播D ．0～0.2 s 内质点P 通过的路程为一个振幅7．一列简谐横波沿x 轴负方向传播，波速为1.2m/s ，频率为31Hz ，振幅为4cm 。
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四川省乐山一中2013-2014学年高二下学期第一阶段考试 物 理 试 题 第Ⅰ卷 选择题 一、选择题（不定项选择，5*8=40分） 1．关于感应电流产生的条件，下列说法中正确的是( ) A.只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流产生 B.穿过螺线管的磁通量发生变化时，螺线管内部就一定有感应电流产生 C.线圈不闭合时，即使穿过线圈的磁通量发生变化，线圈中也没有感应电流 D.只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，闭合电路中就有感应电流 2．关于电磁感应，下列说法正确的是( ) A.穿过线圈的磁通量变化越大，感应电动势就越大 B.当导体平动做切割磁感线的运动时，导体中一定有感应电流产生 C.当穿过线圈的磁通量减小时，感应电动势可能越来越大 D.当穿过线圈的磁通量发生变化时，感应电动势的大小与线圈电阻有关 3．如图所示，PQRS为一正方形导线框，它以恒定速度向右进入以MN为边界的匀强磁场，磁场方向垂直线框平面向里，MN线与线框的边成45°角，E、F分别是PS和PQ的中点。
关于线框中的感应电流，正确的说法是( ) A.当E点经过边界MN时，线框中感应电流最大 B.当P点经过边界MN时，线框中感应电流最大 C.当F点经过边界MN时，线框中感应电流最大 D.当Q点经过边界MN时，线框中感应电流最大 4．如图所示，在一较大的有界匀强磁场上方距磁场边界很近处有一闭合线圈，不计空气阻力，在闭合线圈平面始终在同一竖直平面内，从上方下落穿过磁场的过程中( ) A.进入磁场时加速度小于g,离开磁场时加速度 可能大于g，也可能小于g B.进入磁场时加速度大于g，离开时小于g C.进入磁场和离开磁场，加速度都大于g D.进入磁场和离开磁场，加速度都小于g 5. 如图所示,在载流直导线近旁固定有两平行光滑导轨A、B,导轨与直导线平行且在同一水平面内,在导轨上有两可自由滑动的导体ab和cd.当载流直导线中的电流逐渐增强时,导体ab和cd的运动情况是( )A.一起向左运动B.一起向右运动C.ab和cd相向运动,相互靠近D.ab和cd相背运动,相互远离 6. 如下图所示，虚线abcd为矩形匀强磁场区域，磁场方向竖直向下，圆形闭合金属线框以一定的速度沿光滑绝缘水平面向磁场区域运动．如图所示给出的是圆形闭合金属线框的四个可能到达的位置，则圆形闭合金属线框的速度可能为零的位置是( ) A．①② B．③④ C．①④ D．②③[中教网] 7. 如图所示的电路中,L为自感线圈,其直流电阻与电阻R相等,C为电容器,电源内阻不可忽略,当开关S由闭合变为断开时,下列说法正确的是( ) A. A灯立即熄灭 B. A灯突然闪亮一下再熄灭,d点电势比c点高 C. B灯无电流通过,不可能变亮 D. B灯有电流通过,电流方向由a到b 8. 如下图，光滑的“Π”形金属导体框竖直放置，质量为m的金属棒MN与框架接触良好．磁感应强度分别为B1、B2的有界匀强磁场方向相反，但均垂直于框架平面，分别处在abcd和cdef区域．现从图示位置由静止释放金属棒MN，当金属棒进入磁场B1区域后，恰好做匀速运动．以下说法中正确的有( ) A．若B2＝B1，金属棒进入B2区域后将加速下滑 B．若B2＝B1，金属棒进入B2区域后仍将保持匀速下滑 C．若B2B1，金属棒进入B2区域后可能先减速后匀速下滑第Ⅱ卷 非选择题 二、实验题(共12分) 9.如图为“研究电磁感应现象”的实验装置. (1)将图中所缺的导线补接完整。
四川省乐山一中高二物理下学期期中试题(1)
高二下学期期中考试物理试题—、选择题（此题共8小题。
在每题给出的四个选项中，有的只有一个选项是正确的，有的有多个选项正确，全数选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 1．以下说法正确的选项是A ．电感器有通直流、阻交流、通高频、阻低频的特性B ．电容器的电容越小，交流电频率越低，容抗越小C ．传感器能把被测的非电信息按必然规律转换成与之对应的电信息D ．热敏电阻是用半导体材料制成，其电阻不随温度改变2．线圈在匀强磁场中匀速转动产生的交流电为i=5sin50πt （A ），从t=0到第一次显现最大值的时刻是A ．s 1001 B ．s 1501C ．s 2001D ．s 501 3．一矩形线圈绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴匀速转动，线圈内感应电动势e 随时刻t 的转变图象如下图，那么以下说法正确的选项是 A ．t 1时刻通过线圈平面的磁通量为零 B ．t 2时刻通过线圈平面的磁通量最大C ．t 4时刻通过线圈平面的磁通量的转变率的绝对 值最大D ．每当感应电动势改变方向时，通过线圈平面的 磁通量的绝对值都最小4．如下图，匀强磁场竖直向下，将一水平放置的金属棒ab 以水平速度v 抛出，设棒在下落进程中始终水平，且不计空气阻力，那么金属棒在运动进程中产生的感应电动势大小转变情形是 A ．愈来愈大 B ．维持不变 C. 愈来愈小D. 无法判定5．如下图电路（a ）(b )中，电阻R 和自感线圈L 的电阻值都很小，接通S ，使电路达到稳固，灯泡A 发光A.在电路（a ）中，断开S ，A 将渐渐变暗B.在电路（a ）中，断开S ，A 将先变得更亮，然后渐渐变暗C.在电路（b ）中，断开S ，A 将渐渐变暗D.在电路（b ）中，断开S ，A 当即熄灭6．如下图，相距为L 的两条足够长的滑腻平行金属导轨与水平面的夹角为θ，上端接有定值电阻R ，匀强磁场垂直于导轨平面，磁感应强度为B.将质量为m 的导体棒由静止释放，当速度达到v 时开始匀速运动，现在对导体棒施加一平行于导轨向下的拉力，并维持拉力的功率恒为P ，导体棒最终以2v 的速度匀速运动．导体棒始终与导轨垂直且接触良好，不计导轨和导体棒的电阻，重力加速度为g.以下选项正确的选项是 A.P ＝3mgvsin θ B.P ＝2mgvsin θ C.当导体棒速度达到2v 时加速度大小为2gsin θ D.在速度达到2v 以后匀速运动的进程中，R 上产生的 焦耳热等于拉力所做的功7．一交流电路如图甲所示，T 为理想变压器，原副线圈的匝数比为11:1，C 为电容器，灯泡L 的电阻为20Ω。
12-13下学期期末高二物理试卷
2012—2013学年度下学期期末高二年级物理试卷得分：一、选择题：（本题共10小题。
每小题4分，在每个小题给出的四个选项中，第6至8题有多项符合要求，其余只有一项是符合题目要求的。
）1.在物理学发展过程中，观测、实验、假说和逻辑推理等方法都起到了重要作用。
下列叙述不符合史实的是（）A．人们根据日常的观察和经验，提出“地心说”，古希腊科学家托勒密是代表；而波兰天文学家哥白尼提出了“日心说”，大胆反驳地心说。
B．1687年，英国科学家牛顿在《自然哲学的数学原理》著作中提出了三条运动定律（即牛顿三大运动定律）。
C．1798年英国物理学家卡文迪许利用扭秤装置比较准确地测出了静电引力常量；D．17世纪，伽利略理想实验法指出：水平面上运动的物体若没有摩擦，将保持这个速度一直运动下去。
2．如图，质量m A＞m B的两物体A 、B 叠放在一起，靠着竖直墙面。
让它们由静止释放，在沿粗糙墙面下落过程中，物体B的受力示意图是( )3. 2013年6曰13日，神州十号飞船与天宫一号目标飞行器在离地面343km的近圆轨道上成功进行了我国第5次空间交会对接。
天宫一号为与之对接，从高轨道来到较低轨道。
这意味着天宫一号（）A.运行线速度减小B.运行周期不变C.受到的万有引力增大D.向心加速度可能减小4.降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风，若风速越大，则降落伞（）A．下落的时间越短 B.下落的时间越长C．落地时速度越小 D.落地的速度越大5.质点做直线运动的位移s与时间t的关系为s=5t+t2（各物理量均采用国际单位制单位），则下列说法正确的是（）A．s的单位是m，是国际单位制的一个基本单位B．前2s内的平均速度是6m/sC．任意相邻1s内的位移差都是1mD．任意1s内的速度增量都是2m/s6.如图所示，质量分别为m1，m2的两个物体通过轻弹簧连接，在力F的作用下一起沿水平方向做匀速直线运动(m1在地面上，m2在空中)，力F与水平方向成θ角．则m1所受支持力F N和摩擦力F f正确的是（）A．F N＝m1g＋m2g－F sin θ B．F N＝m1g＋m2g－F cos θC．F f＝F cos θD．F f＝F sin θ7．如图所示，总质量为460kg的热气球，从地面刚开始竖直上升时的加速度为0.5m/s2，当热气球上升到180m时，以5m/s的速度向上匀速运动。
四川省乐山一中2013-2014学年高二上学期期中考试物理试题 Word版含答案.pdf
四川省乐山一中高2015届第三学期半期考试物 理 试 题 第Ⅰ卷 选择题 一、不定项选择题。
（本题共8小题，每小题5分。
全部选对的得5分，选对但不全的得3分，有选错的得0分） 1．利用发波水槽得到的水面波形如图1所示，则( ) A．图a、b均显示了波的干涉现象 B．图a、b均显示了波的衍射现象 C．图a显示了波的干涉现象，图b显示了波的衍射现象 D．图a显示了波的衍射现象，图b显示了波的干涉现象 2．某质点在坐标原点O处做简谐运动，其振幅为5 cm，振动周期为0.4 s，振动在介质中沿x轴正向传播，传播速度为1.0 m/s.若质点在平衡位置O向上振动0.2 s后立即停止振动，则停止振动后又经过0.2 s的时刻的波形可能是图2中的( ) 3．在家里使用电热水壶时，会发现电灯会变暗，这是因为( ) A．电热水壶使电路总电流变小 B．电热水壶上的电压大于电灯上的电压 C．电路总电流不变，而电热水壶从电灯中分出了电流 D．干路电流增大，导致干路导线上的电压增大 4．如图4所示的电路中，闭合开关S后，灯L1、L2都能发光．后来由于某种故障使灯L2突然变亮(未烧坏)，电压表的读数增大，由此可推断，这故障可能是( ) A．电阻R2断路 B．电阻R2短路 C．灯L1两接线柱间短路 D．电阻R1断路 5. 法拉第首先提出用电场线形象生动地描绘电场，如图5所示为点电荷a、b所形成电场的电场线分布图，以下几种说法中正确的是( ) A．a、b为异种电荷，a的电荷量大于b的电荷量 B．a、b为异种电荷，a的电荷量小于b的电荷量 C．a、b为同种电荷，a的电荷量大于b的电荷量 D．a、b为同种电荷，a的电荷量小于b的电荷量 6. 电场强度E的定义式为E＝ ，根据此式，下列说法中正确的是( ) ① 上式说明电场中某点的场强E与F成正比，与q成反比，拿走q，则E＝0 ② 式中q是放入电场中的点电荷的电量，F是该点电荷在电场中某点受到的电场力，E是该点的电场强度 ③ 式中q是产生电场的点电荷的电量，F是放在电场中的点电荷受到的电场力，E是电场强度 ④ 在库仑定律的表达式F＝中，可以把看做是点电荷q2产生的电场在点电荷q1处的场强大小，也可以把看做是点电荷q1产生的电场在点电荷q2处的场强大小 A. 只有①② B．只有①③ C. 只有②④ D．只有③④ 7. 图中虚线为一组间距相等的同心圆，圆心处固定一带正电的点电荷．一带电粒子以一定初速度射入电场，实线为粒子仅在电场力作用下的运动轨迹，a、b、c三点是实线与虚线的交点．则该粒子( ) A．带负电 B．在c点受力最大 C．在b点的电势能大于在c点的电势能 D．由a点到b点的动能变化大于由b点到c点的动能变化 8. 如图8所示，灯丝发热后发出的电子经加速电场后，进入偏转电场，若加速电压为U1，偏转电压为U2，要使电子在电场中偏转量y变为原来的2倍，可选用的方法有（设电子不落到极板上）（ ） A.只使U1变为原来的倍 B.只使U2变为原来的倍 C.只使偏转电极的长度L变为原来的倍 D.只使偏转电极间的距离d减为原来的倍 第Ⅱ卷 非选择题 二、实验题（本题共2个小题，共计17分） 9. 如图所示为“探究影响平行板电容器电容的因素”的实验装置，以下说法正确的是( ) A. A板与静电计的指针带的是异种电荷 B. 甲图中将B板上移，静电计的指针偏角增大 C. 乙图中将B板左移，静电计的指针偏角不变 D. 丙图中将电介质插入两板之间，静电计的指针偏角减小 10．有一个小灯泡上标有“4 V,2 W”的字样，现在要用伏安法测量这个小灯泡的伏安特性曲线． (1)有同学设计了如下实验电路(如左图)，这样测得的小灯泡电阻与小灯泡电阻真实值相比___________(填“偏大”、“偏小”或“准确”) (2)请根据这位同学的电路设计，在实物图上连线。
四川省乐山一中高二物理上学期期中试卷(选修,含解析)-人教版高二选修物理试题
四川省乐山一中2015～2016学年度高二上学期期中物理试卷〔选修〕一．单项选择题：此题共8小题，每一小题3分，共计24分.每一小题只有一个选项符合题意.1．在示波管中，电子枪2s发射了6×1013个电子，如此示波管中电流的大小为〔〕A．4.8×10﹣6 A B．3×10﹣13A C．3×10﹣6A D．9.6×10﹣6A2．小灯泡的伏安特性曲线如图中的AB段〔曲线〕所示．由图可知，AB段灯丝的电阻因温度的影响改变了〔〕A．5ΩB．10Ω C．1ΩD．6Ω3．一根粗细均匀的电阻丝，横截面的直径是d，电阻为R，把它拉制成直径是的均匀细丝后，它的电阻变成〔〕A．B．100R C．D．10000R4．一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，如此应在电流表上〔〕A．串联一个10kΩ的电阻 B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻5．如下列图的电路中，U=120V，滑动变阻器R2的最大值为200Ω，R1=100Ω．当滑片P滑至R2的中点时，a．b两端的电压为〔〕A．60V B．40V C．80V D．120V6．如下列图的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，如此〔〕A．电灯L更亮，安培表的示数减小B．电灯L更亮，安培表的示数增大C．电灯L变暗，电压表的示数减小D．电灯L变暗，电压表的示数增大7．在如下列图的电路中，当开关S闭合时，电灯不亮，电流表无读数，电压表读数接近为电源电压，以下可能的情况是〔〕A．电流表中断路，L1和L2都完好B．L1灯丝断路，电流表和L2都完好C．L2灯丝断路，电流表和L1都完好D．L1和L2灯丝都断路，而电流表完好8．如下列图直线OAC为某一直流电源的总功率P随总电流I变化的图线；抛物线OBC为同一电源内部消耗的功率P r随总电流I变化的图线，如此当通过电源的电流为1A时，该电源的输出功率为〔〕A．1W B．3W C．2W D．2.5W二．多项选择题：此题共6小题，每一小题4分，共计24分.每一小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.9．如下关于电源的说法中正确的答案是〔〕A．电源的电动势就是电源的路端电压B．电路中，如果每通过1C的电荷，电源能把2J的其他形式的能量转化为电能，如此电源的电动势就为2VC．电源的电动势跟外电路无关D．电源的输出电流越大，如此电源的电动势也就越大10．标有“220V、60W〞的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压U和电流I的关系可用图象表示．如下列图，题中给出的四个图象中肯定不符合实际的是〔〕A．B．C．D．11．如下列图，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，如此如下说法正确的答案是〔〕A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，如此电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，如此电流比I1：I2=3：112．电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作的时间为t，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．电动机消耗的电能为UItB．电动机消耗的电能为I2RtC．电动机线圈产生的热量为I2RtD．电动机线圈产生的热量为13．如下列图，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．小灯泡L1、L2均变暗B．小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C．电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D．电流表A的读数变大，电压表V的读数变小14．如下列图电路中，当滑动变阻器的触头向上滑动时，如此〔〕A．电源的功率变小B．电容器贮存的电荷量变小C．电源内部消耗的功率变大D．电阻R1消耗的电功率变大三．简答题：此题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置.15．某校兴趣小组研究小灯泡灯丝的电阻随温度的变化规律，他们在实验室设计一个电路来测量并描绘小灯泡的伏安特性曲线．〔1〕实验室提供的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器〔0﹣10Ω〕、电源、小灯泡、电键、导线假设干．在下面图a方框中画出实验电路原理图．〔2〕实验得到数据如下表〔I和U分别表示小灯泡上的电流和电压〕，在图b中描出小灯泡的U﹣I图线．I〔A〕0 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50 U〔V〕0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00 〔3〕根据作出的小灯泡的U﹣I 图线，判断随着小灯泡电压的增加，小灯泡的电阻将〔增大、减小、不变〕．根据图象估算小灯泡在实验室常温下的电阻大约为Ω〔保存两位有效数字〕．16．测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U﹣I图象如下：〔1〕闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在处〔2〕现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器〔0～50Ω〕C．滑动变阻器〔0～1750Ω〕D．电压表〔0～3V〕E．电压表〔0～15V〕F．电流表〔0～0.6A〕G．电流表〔0～3A〕其中滑动变阻器应选，电流表应选，电压表应选．〔填字母代号〕〔3〕由图2U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E=V，内电阻r=Ω．四．计算题：此题共4小题，共计52分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位. 17．如下列图，R为电阻箱，V为理想电压表，当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：电源的电动势E和内阻r．18．如下列图的电路中，电源电动势E=6.0V，内阻r=0.6Ω，电阻R2=0.5Ω，当开关S断开时，电流表的示数为1.5A，电压表的示数为3.0V，试求：〔1〕电阻R1和R3的阻值；〔2〕当S闭合后，电压表的示数、以与R2上消耗的电功率．19．如下列图，电源电动势为E=30V，内阻为r=1Ω，电灯上标有“6V，12W〞字样，直流电动机线圈电阻R=2Ω．假设电灯恰能正常发光，求：〔1〕流过电灯的电流是多大？〔2〕电动机两端的电压是多大？〔3〕电动机输出的机械功率是多少．20．如下列图，电源电动势E=10V，内阻r=1Ω，R1=4Ω，R2=5Ω，C=30μF，求：〔1〕S闭合后，稳定时通过R2的电流；〔2〕S原来闭合，然后断开，这个过程中流过R1的总电荷量．四川省乐山一中2015～2016学年度高二上学期期中物理试卷〔选修〕参考答案与试题解析一．单项选择题：此题共8小题，每一小题3分，共计24分.每一小题只有一个选项符合题意.1．在示波管中，电子枪2s发射了6×1013个电子，如此示波管中电流的大小为〔〕A．4.8×10﹣6 A B．3×10﹣13A C．3×10﹣6A D．9.6×10﹣6A【考点】电流、电压概念．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C．根据电流的定义式I=，求解示波管中电流的大小．【解答】解：每个电子的电荷量大小为e=1.6×10﹣19C，6×1013个电子总电荷量为q=6×1013×1.6×10﹣19C=9.6×10﹣6C，如此示波管中电流大小为I===4.8×10﹣6A．应当选：A【点评】此题首先要了解电子的电荷量等于元电荷，是个常量．其次要掌握电流的定义式．2．小灯泡的伏安特性曲线如图中的AB段〔曲线〕所示．由图可知，AB段灯丝的电阻因温度的影响改变了〔〕A．5ΩB．10Ω C．1ΩD．6Ω【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线；欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】伏安特性是曲线时，根据各点的对应坐标值，由欧姆定律求解电阻；即可求得电阻的差值．【解答】解：小灯泡的电阻随温度的升高而增大，故得出来的伏安特性曲线不是直线；由图可知，A点的电阻R A==30Ω；B点电阻R B==40Ω；故电阻的变化为：40﹣30=10Ω；应当选：B．【点评】此题考查描绘小灯泡的伏安特性曲线实验的方法、须知事项以与数据的处理，要注意明确灯泡的伏安特性曲线本身有误差，不能由斜率求解电阻．3．一根粗细均匀的电阻丝，横截面的直径是d，电阻为R，把它拉制成直径是的均匀细丝后，它的电阻变成〔〕A．B．100R C．D．10000R【考点】电阻定律．【专题】恒定电流专题．【分析】抓住电阻的体积不变，结合直径的变化得出长度的变化，通过电阻定律得出电阻的变化．【解答】解：将电阻丝拉制成直径是的均匀细丝后，横截面积变为原来的，由于体积不变，如此长度变为原来的100倍，根据R=知，电阻变为原来的10000倍．故D正确，A、B、C错误．应当选：D．【点评】解决此题的关键掌握电阻定律据R=，知道电阻丝的体积不变．4．一个电流表的满偏电流I g=1mA．内阻为500Ω，要把它改装成一个量程为10V的电压表，如此应在电流表上〔〕A．串联一个10kΩ的电阻 B．并联一个10kΩ的电阻C．串联一个9.5kΩ的电阻D．并联一个9.5kΩ的电阻【考点】把电流表改装成电压表．【专题】实验题．【分析】电流表串联电阻起分压作用为电压表，电流表串联电阻为总电阻减去电流表的内阻．总电阻=量程除以满偏电流．【解答】解：要将电流表改装成电压表，必须在电流表上串联一个大电阻，串联电阻起分压作用．应串联电阻为R===9.5×103kΩ故C正确，ABD错误．应当选：C．【点评】电流表改装成电压表应串联电阻分压．串联电阻阻值为：R=，是总电阻．5．如下列图的电路中，U=120V，滑动变阻器R2的最大值为200Ω，R1=100Ω．当滑片P滑至R2的中点时，a．b两端的电压为〔〕A．60V B．40V C．80V D．120V【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】当滑片P滑至R2的中点时，变阻器下半局部电阻与R1并联后与上半局部电阻串联，根据串联电路电流相等的特点，由欧姆定律采用比例法求出a．b两端的电压．【解答】解：由题，滑片P滑至R2的中点，变阻器下半局部电阻为100Ω，下半局部电阻与R1并联的阻值为R并==50Ω，如此a．b两端的电压为U ab=U=×120V=40V 应当选B【点评】此题中滑动变阻器采用分压式接法，当滑片位置改变时，a、b端输出电压随之改变．根底题．6．如下列图的电路中，电源的电动势E和内电阻r恒定不变，电灯L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向b端滑动，如此〔〕A．电灯L更亮，安培表的示数减小B．电灯L更亮，安培表的示数增大C．电灯L变暗，电压表的示数减小D．电灯L变暗，电压表的示数增大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由欧姆定律分析总电流的变化和路端电压的变化，来判断电灯亮度和电流表示数的变化．【解答】解：滑动变阻器的滑片向b端滑动过程，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，由闭合电路欧姆定律得知总电流减小，即安培表的示数减小，电灯L消耗的实际功率减小，所以电灯L变暗；总电流减小，电源的内电压减小，如此路端电压增大，电压表的示数增大．故ABC错误，D正确．应当选：D．【点评】此题是简单的电路动态分析问题．对于路端电压也可以直接根据路端电压随外电阻增大而增大判断变化．7．在如下列图的电路中，当开关S闭合时，电灯不亮，电流表无读数，电压表读数接近为电源电压，以下可能的情况是〔〕A．电流表中断路，L1和L2都完好B．L1灯丝断路，电流表和L2都完好C．L2灯丝断路，电流表和L1都完好D．L1和L2灯丝都断路，而电流表完好【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】常见的电路故障有断路与短路，根据电路现象分析电路故障原因．【解答】解：A、如果电流表中断路，L1和L2都完好，如此电压表与电源连接不能相连，电压表示数为零，故A错误；B、如果L1灯丝断路，电流表和L2都完好，如此电路断路，两灯都不亮，电流表示数为零，电压表与电源两极相连，电压表示数接近电源电压，故B正确；C、如果L2灯丝断路，电流表和L1都完好，电压表与电源两极不能相连，电压表示数为零，故C错误；D、如果L1和L2灯丝都断路电流表完好，如此电压表不能与电源两极相连，电压表示数为零，故D错误；应当选：B．【点评】此题考查了电路故障分析，根据电路故障现象认真分析即可正确解题．8．如下列图直线OAC为某一直流电源的总功率P随总电流I变化的图线；抛物线OBC为同一电源内部消耗的功率P r随总电流I变化的图线，如此当通过电源的电流为1A时，该电源的输出功率为〔〕A．1W B．3W C．2W D．2.5W【考点】电功、电功率．【专题】恒定电流专题．【分析】根据电源的总功率P=EI，由C点的坐标求出电源的电动势和内阻．利用电源的总功率P总=EI，电源内部发热功率P热=I2r，外电路消耗功率P外=UI=I2R，且根据能量关系得P=P外+P热即可求解．总【解答】解：C点表示电源的总功率全部转化为热功率，即C点表示外电路短路，电源的总功率P=EI，I=3A，P=9W，如此电源的电动势E=3V．r===1Ω当I=1A时，输出功率为：P=EI﹣I2r=3×1﹣12×1〔W〕=2W应当选：C．【点评】此题关键在：〔1〕理解电源的总功率P总随电流I变化的图象与电源内部热功率P r 随电流I变化的图象的涵义；〔2〕分清三种功率与其关系：电源的总功率P总=EI，电源内部发热功率P热=I2r，外电路消耗功率P外=UI=I2R，且根据能量关系得P总=P外+P热．二．多项选择题：此题共6小题，每一小题4分，共计24分.每一小题有多个选项符合题意.全部选对的得4分，选对但不全的得2分，错选或不答的得0分.9．如下关于电源的说法中正确的答案是〔〕A．电源的电动势就是电源的路端电压B．电路中，如果每通过1C的电荷，电源能把2J的其他形式的能量转化为电能，如此电源的电动势就为2VC．电源的电动势跟外电路无关D．电源的输出电流越大，如此电源的电动势也就越大【考点】电源的电动势和内阻．【专题】恒定电流专题．【分析】电源电动势等于非静电力所做的功与电荷量的比值，电源电动势等于电源没有接入电路时电源两端的电压；电源电动势由电源自身结构决定，与外电路无关；由闭合电路欧姆定律可知，电路电流等于电源电动势与电源内阻和外电路电阻之和的比值．【解答】解：A、电源电动势等于电源没有接入电路时电源两极间的电压，大于电源的路端电压，故A错误；B、通过1C的电荷，电源能把2J的其他形式的能量转化为电能，电源电动势E===2V，故B正确；C、电源电动势由电源自身的结构决定，与外电路无关，故C正确；D、由闭合电路的欧姆定律可知，电路电流I=，由此可见，电路电流取决于电源电动势与电路总电阻的比值，电流大，电动势不一定大，故D错误；应当选BC．【点评】电源电动势是描述电源把其它形式的能量转化为电能本领大小的物理量，由电源本身的结构决定，与外电路无关．10．标有“220V、60W〞的白炽灯泡，加上电压U由零逐渐增大到220V，在此过程中，电压U和电流I的关系可用图象表示．如下列图，题中给出的四个图象中肯定不符合实际的是〔〕A．B．C．D．【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，根据数学知识分析选择图象．【解答】解：由题，白炽灯泡上的电压U由零逐渐增大到220V时，白炽灯泡的温度不断升高，电阻增大，由欧姆定律得到R=，等于图线上的点与原点连线的斜率，电阻一直增大，斜率一直增大．所以ACD不符合实际．应当选ACD【点评】此题是实际的灯泡，其电阻会温度升高而增大，其U﹣I图线不是直线，可以从数学角度理解其物理意义．11．如下列图，图线1表示的导体的电阻为R1，图线2表示的导体的电阻为R2，如此如下说法正确的答案是〔〕A．R1：R2=1：3B．R1：R2=3：1C．将R1与R2串联后接于电源上，如此电流比I1：I2=1：3D．将R1与R2并联后接于电源上，如此电流比I1：I2=3：1【考点】欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】通过I﹣U图象得出两电阻的关系．串联电路电流相等，并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比．【解答】解：A、根据I﹣U图象知，图线的斜率表示电阻的倒数，所以R1：R2=1：3；故A 正确，B错误；C、串联电路电流处处相等，所以将R1与R2串联后接于电源上，电流比I1：I2=1：1．故C错误；D、并联电路，电压相等，电流比等于电阻之反比，所以将R1与R2并联后接于电源上，电流比I1：I2=3：1．故D正确；应当选：AD．【点评】解决此题的关键知道I﹣U图线的斜率表示电阻的倒数以与知道串并联电路的特点．12．电动机的电枢阻值为R，电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作的时间为t，如此如下说法中正确的答案是〔〕A．电动机消耗的电能为UItB．电动机消耗的电能为I2RtC．电动机线圈产生的热量为I2RtD．电动机线圈产生的热量为【考点】电功、电功率；焦耳定律．【专题】恒定电流专题．【分析】在计算电功率的公式中，总功率用P=IU来计算，发热的功率用P=I2R来计算，如果是计算纯电阻的功率，这两个公式的计算结果是一样的，但对于电动机等非纯电阻，第一个计算的是总功率，第二个只是计算发热的功率，这两个的计算结果是不一样的．【解答】解：A、电动机正常工作时，两端的电压为U，通过的电流为I，工作的时间为t，所以电动机消耗的电能为UIt，所以A正确，B错误；C、电动机为非纯电阻电路线圈产生的热量为I2Rt，不能用来计算，所以C正确，D错误；应当选AC．【点评】对于电功率的计算，一定要分析清楚是不是纯电阻电路，对于非纯电阻电路，总功率和发热功率的计算公式是不一样的．13．如下列图，电源电动势为E，内阻为r，不计电压表和电流表内阻对电路的影响，当电键闭合后，两小灯泡均能发光．在将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，如下说法正确的答案是〔〕A．小灯泡L1、L2均变暗B．小灯泡L1变亮，小灯泡L2变暗C．电流表A的读数变小，电压表V的读数变大D．电流表A的读数变大，电压表V的读数变小【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，分析外电路总电阻的变化，由欧姆定律判断干路电流的变化，即可知道电流表示数的变化和路端电压的变化，即可知道电压表读数的变化．分析并联局部电压的变化，判断L1灯亮度的变化．【解答】解：将滑动变阻器的滑片逐渐向右滑动的过程中，变阻器接入电路的电阻增大，并联局部的电阻增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，如此L2灯变暗，电流表读数变小．电源的内电压减小，如此路端电压增大，电压表读数变大．根据串联电路分压特点可知，并联局部电压增大，如此L1灯变亮．故BC正确．应当选BC【点评】此题是一道闭合电路的动态分析题，分析清楚电路结构，明确各电路元件的连接方式、灵活应用欧姆定律公式是正确解题的关键．14．如下列图电路中，当滑动变阻器的触头向上滑动时，如此〔〕A．电源的功率变小B．电容器贮存的电荷量变小C．电源内部消耗的功率变大D．电阻R1消耗的电功率变大【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】定性思想；推理法；恒定电流专题．【分析】当滑动变阻器的滑片向上滑动时，先分析变阻器接入电路的电阻如何变化，再分析总电阻如何变化，即可由闭合电路欧姆定律判断干路电流和路端电压如何变化，进一步得到并变阻器两端电压的变化，即可分析功率如何变化．【解答】解：A、由闭合电路欧姆定律可知，当滑动触头向上滑动时，接入电路的电阻变小，如此总电阻R总变小，I增大，电源的功率P=EI，如此P变大．故A错误．B、I增大，路端电压U减小，而R1分压U1增大，所以电容器上的电压减小．由Q=CU知：Q 变小，故B正确；C、电源内部消耗功率P内=I2r增大，故C正确；D、将电阻R1看成电源的内阻，因R与R1+r的大小未知，如此等效电源的输出功率如何变化不能确定，如此R上消耗的功率无法确定．故D错误．应当选：BC【点评】此题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、灵活应用欧姆定律、串联电路特点是解题的关键．三．简答题：此题共2小题，共计20分，请将解答填写在答题卡相应的位置.15．某校兴趣小组研究小灯泡灯丝的电阻随温度的变化规律，他们在实验室设计一个电路来测量并描绘小灯泡的伏安特性曲线．〔1〕实验室提供的器材有：电压表、电流表、滑动变阻器〔0﹣10Ω〕、电源、小灯泡、电键、导线假设干．在下面图a方框中画出实验电路原理图．〔2〕实验得到数据如下表〔I和U分别表示小灯泡上的电流和电压〕，在图b中描出小灯泡的U﹣I图线．I〔A〕0 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50 U〔V〕0 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00 〔3〕根据作出的小灯泡的U﹣I 图线，判断随着小灯泡电压的增加，小灯泡的电阻将增大〔增大、减小、不变〕．根据图象估算小灯泡在实验室常温下的电阻大约为 2.0 Ω〔保存两位有效数字〕．【考点】描绘小电珠的伏安特性曲线．【专题】实验题；恒定电流专题．【分析】〔1〕描绘小灯泡的伏安特性曲线，滑动变阻器要采用分压接法，电流表应采用外接法，据此作出实验电路图．〔2〕根据表中实验数据，应用描点法，作出I﹣U图象．〔3〕根据图象，应用欧姆定律判断灯泡电阻如何变化；灯泡刚开始发光时的温度接近实验室常温，由图象求出电压所对应的电流，然后由欧姆定律求出电阻阻值．【解答】解：〔1〕描绘小灯泡伏安特性曲线，滑动变阻器要采用分压接法，电流表要采用外接法，实验电路图如下列图．〔2〕根据表中实验数据在坐标系中描点，然后作出U﹣I图象如下列图．〔3〕根据U﹣I图象，由欧姆定律得：随着小灯泡电压的增加，小灯泡的电阻将逐渐增大；灯泡刚发光时的温度接近室温，由U﹣I图象可知，此时的电压U=0.2V，I=0.1A，如此灯泡电阻R===2.0Ω．故答案为：〔1〕实验电路图如下列图；〔2〕灯泡的U﹣I图象如下列图；〔3〕逐渐增大，2.0Ω．【点评】此题考查了实际实验电路图、作图象、求电阻等问题，描绘小灯泡伏安特性曲线，电压与电流要从零开始变化，滑动变阻器应采用分压接法．16．测定电源的电动势和内电阻的实验电路和U﹣I图象如下：〔1〕闭合开关前为防止电表过载滑动变阻器的滑动头P应放在 d 处〔2〕现备有以下器材：A．干电池1个B．滑动变阻器〔0～50Ω〕C．滑动变阻器〔0～1750Ω〕D．电压表〔0～3V〕E．电压表〔0～15V〕F．电流表〔0～0.6A〕G．电流表〔0～3A〕其中滑动变阻器应选 B ，电流表应选 F ，电压表应选 D ．〔填字母代号〕〔3〕由图2U﹣I图象．由此可知这个干电池的电动势E= 1.5 V，内电阻r= 1.0 Ω．【考点】测定电源的电动势和内阻．【专题】实验题．【分析】此题〔1〕的关键是明确闭合电键前，应将变阻器的滑动触头置于能使电路中电流最小的位置；题〔2〕的关键是首先根据干电池电动势大小来选择电压表的量程，根据为防止温度对电池内阻的影响，电流表应选较小的量程，根据闭合电路欧姆定律求出电路中需要的最大电阻来选择变阻器；题〔3〕的关键是根据闭合电路欧姆定律写出路端电压U与电流I的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．【解答】解：〔1〕：为保护电流表，闭合开关前，应将变阻器的滑动头P置于电阻最大的d 端处；〔2〕：由于干电池的电动势为1.5V，所以电压表应选D，由于实验要求通过电池的电流不能过大，所以电流表应选F，根据闭合电路欧姆定律，电路中需要的最大电阻应为==，所以变阻器应选B；〔3〕：根据闭合电路欧姆定律应有U=E﹣Ir=﹣rI+E，根据函数截距和斜率的概念应有E=1.5V，r=，故答案为：〔1〕d；〔2〕B，F，D；〔3〕1.5，1.0【点评】应明确：①闭合电键前，应将变阻器的滑片置于能使电路中电流最小的位置；②测量电动势和内阻的实验应选择旧电池，因此通过电源的电流不能过大，一般选择0.6A的量程；③遇到根据图象求解的题目，首先根据物理规律写出公式，然后整理出关于纵轴与横轴物理量的函数表达式，再根据斜率和截距的概念即可求解．四．计算题：此题共4小题，共计52分.解答时请写出必要的文字说明、方程式和重要的演算步骤.只写出最后答案的不能得分.有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位. 17．如下列图，R为电阻箱，V为理想电压表，当电阻箱读数为R1=2Ω时，电压表读数为U1=4V；当电阻箱读数为R2=5Ω时，电压表读数为U2=5V．求：电源的电动势E和内阻r．【考点】闭合电路的欧姆定律．【专题】恒定电流专题．【分析】运用闭合电路欧姆定律，分别研究电阻箱电阻为R1和R2的情况，列出含有电动势和内阻的方程组求解．【解答】解：根据闭合电路欧姆定律，得当电阻箱读数为R1=2Ω时 E=U1+①当电阻箱读数为R2=5Ω时 E=U2+②。
四川省乐山一中2012-2013学年高二下学期第二阶段(半期)考试语文试题
本试卷分选择和非选择题两部分。
全卷共150分，考试时间为150分钟。
注意事项： 1.答题前，考生务必将自己的姓名、考号、考试科目涂写在答题卡上。
2.第1～10题选出答案后，用铅笔把答题卡上对应题目的答案标号涂黑，如需改动，用橡皮擦干净后，再选涂其他答案，不能答在试卷上。
3.考试结束，监考人将试卷和答题卡一并收回。
第Ⅰ卷（共30分） 一、（12分，每小题3分） 1. 下列词语中加点的字，注音全都正确的一组是 A.伉俪（kàng） 胡谄(zhōu) 档案(dàng) 改弦更张(xuán) B.跻身(jī) 忖度(cǔn) 妊娠（shēn） 不可估量(liáng) C.躯壳(qiào) 机械(xiè) 憎恨(zēng) 乘人之危(chèng) D.主角(jué) 毗邻(bǐ) 着手(zhuó) 怙恶不悛(quān) 2. 下列词语中，没有错别字的一组是A.彗星 凑合 笑眯眯 明火执仗B.渲泄 坐镇 拓荒者 厉行节约C.旋律 告罄 流水帐 扬长而去D.震撼 蕴藉 抱不平 大有稗益 3. 下列各句中，加点的词语使用不恰当的一项是 A. 这次消防安全工作会议十分重要，可他因要处理私事，没等会议结束，就擅自离开了，因此受到了领导的批评。
B. 科学工作者在工作中既要实事求是，严谨治学；又要异想天开，大胆假设，这将有助于事业的发展。
C. 美国金融系统正遭受着新一轮冲击，在是否要对银行实施国有化的问题上，美国政府正处于进退维谷的境地。
D. 昨天，一年一度的桃花节在桃花故里盛大开幕，市民们意兴阑珊地徜徉在花海之中，尽情享受难得的视觉大宴。
4. 下列各句中，没有语病的一句是 A. 在新形势下，我们应该树立新的文化发展观，推进和挖掘文化体制创新和特色文化内涵，着力开发富有时代精神的文化产品。
B. 凡事若不问青红皂白，把自己心中的愤怒发泄到臆想对象身上，很可能造成对毫不知情的或有恩于己的善良的人遭到伤害。
四川省乐山一中2012-2013学年高二上学期期中考试物理试题
命题人：考试时间：60分钟 满分100分一、单一选择题，(只有一个答案正确，每题5分共40分)1．如图1所示，图中1、2、3分别代表入射波、反射波和折射波的波线，则下列说法中正确的是（ ）A ．2与1的波长、频率相等，波速不等B ．2与1的波速、频率相等，波长不等C ．3与1的波速、频率、波长均相等D ．3与1的频率相等，波速、波长均不等 2. 质点以坐标原点O 为中心位置在y 轴上做简谐运动，其振动图象如图2甲所示，振动在介质中产生的简谐横波沿x 轴正方向传播，波速为1. 0 m/s 。
0. 3 s 后，此质点立即停止运动，再经过0. 1 s 后的波形图是图2乙中的（ ）3. 下面关于电场的性质说法正确的是：（ ）A ．电场强度大的地方，电荷所受的电场力一定较大B ．电场强度大的地方，电场线一定较密C ．匀强电场中两点的电势差大小仅与两点间的距离有关D ．两个等量异种点电荷连线的中点处场强为零4. 如图所示，a 、b 、c 是由正点电荷形成的电场中一条电场线上的三个点，已知ab=bc ，a 、b 两点间电压为10V ，则b 、c 两点间电压： ( ) A.等于10V B.大于10VC.小于10VD.条件不足，无法判断5．如图所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度，若不改变两极板带的电量而减小两极板间的距离，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度：（ ）A ．一定减小B ．一定增大C ．一定不变D ．可能不变6．如图所示，质量为m 的带电滑块，沿绝缘斜面匀速下滑。
当带电滑块滑到有着理想边界的图2b c a方向竖直向下的匀强电场区域时，已知电场力的大小小于重力，则滑块的运动状态为（ ）A ．将减速下滑B ．将加速下滑C ．将继续匀速下滑D ．前述三种情况都可能7．如图，A 、B 、C 、D 、E 、F 为匀强电场中一个边长为10cm 的正六边形的六个顶点，A 、B 、C 三点电势分别为1V 、2V 、3V ，则下列说法正确的是（ ）A ．匀强电场的场强大小为10V/mB ．匀强电场的场强大小为3320V/m C ．电荷量为1.6×10－19 C 的正点电荷从E 点移到F 点，电荷克服电场力做功为1.6×10－19 J D ．电荷量为1.6×10－19 C 的负点电荷从F 点移到D 点，电荷的电势能减少4.8×10－19J 8．已知当一圆周的四分之一均匀带有电荷q 时，圆心的电场强度的大小为0.5V/m 。
乐山市高中2013届物理期末测试题
乐山市高中2013届物理期末测试题学号姓名.一、选择题：（每小题4分，共40分）1.做下列运动的物体，能当作质点处理的是A、自转中的地球B、旋转中的风力发电机叶片C、匀速直线运动的火车D、在冰面上旋转的花样滑冰运动员2.刚开始，两列火车平行地停在某一站台上，过了一会儿，甲车内的乘客发现窗外树木在向西运动，乙车内的乘客发现甲车仍没有动．如以地面为参考系，上述事实说明A、甲车向东行驶，乙车不动B、乙车向东行驶，甲车不动C、甲车向西行驶，乙车向东运动D、甲、乙两车以相同的速度向东行驶3.在自由落体运动中，第一个2s、第二个2s和第5s内的位移之比为A、l∶3∶5B、2∶6∶5C、2∶8∶7D、4∶12 ∶94.某质点做方向不变的直线运动，加速度的方向始终与速度的方向相同，但加速度大小逐渐减小直至为零，则在此过程中A、速度逐渐增大，当加速度减小到零时，速度达到最大值B、速度逐渐减小，当加速度减小到零时，速度达到最小值C、位移逐渐增大，当加速度减小到零时，位移将不再增大D、位移逐渐减小，当加速度减小到零时，位移达到最小值5.如图所示，细线一端固定，另一端吊一重物P，重物P在一水平向右的力F作用下被缓慢拉起，在此过程中t细线对P的拉力变化情况是A、逐渐增大B、逐渐减小C、先减小后增大D、先增大后减小6.如图所示，置于水平地面的三脚架上固定着一质量为m的照相机．三脚架的三根轻质支架等长，与竖直方向均成30°角，则每根支架中承受的压力大小为A、13mg B、39mg C、36mg D、23mg7.物块静止在固定的斜面上，分别按图示的方向对物块施加大小相等的力F，A中F垂直于斜面向上，B中F垂直于斜面向下，C中F竖直向上，D中F竖直向下，施力后物块仍然保持静止，则物块所受的静摩擦力增大的是8. 如图所示，半球形容器固定在水平面上，0为球心，一质量为m 的滑块静止于P 点，已知滑块和半球形容器间的动摩擦因散为μ，滑块所受支持力大小为F N ．摩擦力大小为F f ，OP 与水平方向的夹角为θ，下列关系中正确的是A 、F f ＝μF NB 、F f ＝mgcos θC 、F f ＝mgtan θD 、F N sin θ＋F f cos θ＝mg9. 如图所示，静止在水平桌面上的木块，在水平方向上共受到三个力即F l 、F 2和摩擦力的作用，其中F 1＝12N ，F 2＝4N 。