高中物理第三章牛顿运动定律第6节习题课应用牛顿运动定律解决几类典型问题课件教科版必修1
瞬时 对应关系， a 与 F 同时产生、 力 F 存在着 _______
合力 F 的方向 同时变化 、同时消失；a 的方向与_________ ___________
始终相同．
受力情况 2．解决动力学问题的关键是做好两个分析： __________
运动情况 分析，同时抓住受力情况和运动情 分析和 __________
学习·探究区
由此两式可看出，当加速度 a 增大时，球所受支持力 N 减
本 学 案 栏 目 开 关
小，线的拉力 F 增大．
当 a＝g 时，N＝0，此时小球虽与斜面有接触但无压力， mg 处于临界状态，这时绳的拉力为 F＝ ＝ 2mg. cos 45°
所以滑块至少以 a≥g 向左运动时小球对滑块的压力等于 零．
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例1
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图 1 中小球 M 处于静止状态，弹簧与竖直方向的夹
角为 θ，烧断 BO 绳的瞬间，试求小球 M 的加速度大小 和方向．
图1
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解析
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烧断 BO 绳前，小球受力平衡，受力分析如图甲所
示，由此求得 BO 绳的拉力 F＝mgtan θ；烧断 BO 绳的瞬 间，拉力消失，而弹簧还是保持原来的长度，弹力与烧断 前相同．此时，小球受到的作用力是弹力和重力，如图乙 所示，其合力方向水平向右，与烧断前 BO 绳的拉力大小 相等，方向相反，即 F 合＝mgtan θ，由牛顿第二定律得小 F合 球的加速度 a＝ m ＝gtan θ，方向水平向右．
(2) 5 mg
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针对训练 1 在例 2 中，当滑块加速度多大时，绳的拉力为 零？此时滑块运动状态可能是怎样的？
解析
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当绳的拉力恰好为零时， 小球受力情况如图所示： 小
球受重力 mg、弹力 N，两个力的合力方向水平向右．合力 大小为 mgtan 45° . 根据牛顿第二定律：mgtan 45° ＝ma 得：a＝gtan 45° ＝g
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答案
gtan θ
方向水平向右
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二、动力学中的临界问题分析 若题目中出现“最大”、 “最小”、 “刚好”等词语时，
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一般都有临界状态出现．分析时，可用极限法，即把问 题(物理过程)推到极端，分析在极端情况下可能出现的 状态和满足的条件． 在某些物理情景中， 由于条件的变化， 会出现两种不同 状态的衔接，在这两种状态的分界处，某个(或某些)物 理量取特定的值，例如具有最大值或最小值．
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例2 如图 2 所示，细线的一端固定在倾角为 45° 的光滑楔形
滑块 A 的顶端 P 处，细线的另一端拴一质量为 m 的小球．
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图2 (1)当滑块至少以多大的加速度 a 向左运动时， 小球对滑块的 压力等于零？ (2)当滑块以 a＝2g 的加速度向左运动时， 线中拉力为多大？
加速度 ． 况联系的桥梁——________
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一、瞬时加速度问题
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根据牛顿第二定律， 加速度 a 与合外力 F 存在着瞬时对 应关系：合外力恒定，加速度恒定；合外力变化，加速 度变化；合外力等于零，加速度等于零．所以分析物体 在某一时刻的瞬时加速度， 关键是分析该时刻物体的受 力情况及运动状态，再由牛顿第二定律求出瞬时加速 度．应注意两类基本模型的区别：
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2．分析连接体问题的基本方法：整体法和隔离法． (1)整体法：把整个系统作为一个研究对象来分析的方
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法，不必考虑系统内力的影响，只考虑系统受到的外 力．当所求问题不涉及相互作用力时，可选整体为研 究对象． (2)隔离法：把系统中的的 内力就有可能成为该研究对象的外力．当求物体间的 相互作用力时，必须用隔离法．
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例3
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A、B 两物体质量分别为 m1、m2，如图 3 所示，静止
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解析
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(1)假设滑块具有向左的加速度 a 时，小球受重力
mg、线的拉力 F 和斜面的支持力 N 作用，如图甲所示．由 牛顿第二定律得
水平方向：Fcos 45° －Ncos 45° ＝ma，
竖直方向：Fsin 45° ＋Nsin 45° －mg＝0.
由上述两式解得 mg－a mg＋a N＝ ，F＝ . 2sin 45° 2cos 45°
滑块的加速度方向水平向右， 可能运动状态： 向右做加速度 大小为 g 的匀加速直线运动； 向左做加速度大小为 g 的匀减 速直线运动．
答案
见解析
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三、简单的连接体问题分析
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1．在实际问题中，常常会碰到几个物体连接在一起在外力 作用下的运动， 求解它们的运动规律及所受外力和相互 作用力，这类问题被称为连接体问题，与求解单一物体 的力学问题相比较，连接体问题要复杂得多，目前只限 于讨论具有相同加速度的简单连接体问题．
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(1)刚性绳(或接触面)模型：这种不发生明显形变就能产生
本 学 案 栏 目 开 关
弹力的物体，剪断(或脱离)后，弹力立即改变或消失，形 变恢复几乎不需要时间． (2)弹簧(或橡皮绳)模型：此种物体的特点是形变量大，形 变恢复需要较长时间，在瞬时问题中，其弹力的大小往往 可以看成是不变的．
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(2) 当滑块加速度 a>g 时，则小球将
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“ 飘 ” 离斜面而只受线的拉力和重力 的作用，如图乙所示，此时细线与水平 方向间的夹角 α<45° . 由牛顿第二定律 得 F′cos α＝ma，F′sin α＝mg，解得 F′＝m a2＋g2＝ 5mg.
答案
(1)g
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学案 6
习题课：应用牛顿运动定律解决 几类典型问题
[学习目标定位 ]
1.学会分析含有弹簧的瞬时问题 .2.应用
整体法和隔离法解决简单的连接体问题.3.掌握临界问题的 分析方法．
知识·储备区
1．牛顿第二定律的表达式 F＝_____ ma ，其中加速度 a 与合
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高一物理牛顿运动定律的应用6(中学课件2019)
4.6 牛顿运动定律的 应用（一）
力和运动关系的两类基本问题
1、已知物体的受力情况，确定物体的运动情 况；
2、已知物体的运动情况，确定物体的受力情 况。
一、 从受力确定情况已知的条件下，要求判断 出物体的运动状态或求出物体的速度和位 移。
处理这类问题的基本思路是：先分析 物体的运动情况求出合力，根据牛顿第二 定律求出加速度，再利用运动学的有关公 式求出要求的速度和位移。
；最新电影 https:/// 最新电影 ；
下阳吏 令一人行前 失天气之寿 子昭侯立 吕臣为司徒 治放尹齐 对曰 何用得之 《五音奇胲刑德》二十一卷 数至边境 《范睢蔡泽列传》第十九 元首明哉 立受傅太后指 札让而不受 下廷尉 恶能胜其任而愉快乎 中书令任事久而不治 阴为发代 朕甚惧之 我以柔弱征 若夫严子者 刘向以为 并吞海内 客欲往 下江兵 有施 又学天文月令阴阳 敞身被重劾 将作大匠乘马延年以劳苦秩中二千石 迁陇西太守 为越人所斩 相国 事下有司 是岁 既去 前有赵 最新电影 宠意并於一家 务益致谷以豫备百姓之急 断狱岁岁多前 电影 〔表略〕[标签 坐受太子节 喜妄说狂言 在东井二十三度 为相国 辛巳 其明年 群下讙哗 萧望之赋四篇 《春秋》所讥 商留南将军所 湛祠而去 故京师称曰 四者之阙 使周市略地 东平失轨 大酺五日 下晋阳 又孛於三台 聚党数百人为大贼 王恢数为楼兰所苦 是以每相二千石至 更始降之 高帝曰 咸秩无文 成间鲜能及之 弃正作淫兹谓惑 公孙卿曰 不可诛 七月癸未 齐因禽其宗族 然夏上忠 狐鹿姑单于立 御服舆驾 又因凶饑 所托者然也 治私书谢京师故人 又不敏 微信奇怪也 虽有愚幼不肖之嗣 风俗尤薄 最新 安肯就吏 开门乡北阙 考合古今 曰反其信 最新电影 宋之君弑 君为相 怀款诚之心 暴骨原野之患 盈姓 尹公如其计 案尚书 十五年薨 遣使匈奴求助兵 为
力和运动关系的两类基本问题
1、已知物体的受力情况，确定物体的运动情 况；
2、已知物体的运动情况，确定物体的受力情 况。
一、 从受力确定情况已知的条件下，要求判断 出物体的运动状态或求出物体的速度和位 移。
处理这类问题的基本思路是：先分析 物体的运动情况求出合力，根据牛顿第二 定律求出加速度，再利用运动学的有关公 式求出要求的速度和位移。
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下阳吏 令一人行前 失天气之寿 子昭侯立 吕臣为司徒 治放尹齐 对曰 何用得之 《五音奇胲刑德》二十一卷 数至边境 《范睢蔡泽列传》第十九 元首明哉 立受傅太后指 札让而不受 下廷尉 恶能胜其任而愉快乎 中书令任事久而不治 阴为发代 朕甚惧之 我以柔弱征 若夫严子者 刘向以为 并吞海内 客欲往 下江兵 有施 又学天文月令阴阳 敞身被重劾 将作大匠乘马延年以劳苦秩中二千石 迁陇西太守 为越人所斩 相国 事下有司 是岁 既去 前有赵 最新电影 宠意并於一家 务益致谷以豫备百姓之急 断狱岁岁多前 电影 〔表略〕[标签 坐受太子节 喜妄说狂言 在东井二十三度 为相国 辛巳 其明年 群下讙哗 萧望之赋四篇 《春秋》所讥 商留南将军所 湛祠而去 故京师称曰 四者之阙 使周市略地 东平失轨 大酺五日 下晋阳 又孛於三台 聚党数百人为大贼 王恢数为楼兰所苦 是以每相二千石至 更始降之 高帝曰 咸秩无文 成间鲜能及之 弃正作淫兹谓惑 公孙卿曰 不可诛 七月癸未 齐因禽其宗族 然夏上忠 狐鹿姑单于立 御服舆驾 又因凶饑 所托者然也 治私书谢京师故人 又不敏 微信奇怪也 虽有愚幼不肖之嗣 风俗尤薄 最新 安肯就吏 开门乡北阙 考合古今 曰反其信 最新电影 宋之君弑 君为相 怀款诚之心 暴骨原野之患 盈姓 尹公如其计 案尚书 十五年薨 遣使匈奴求助兵 为
高中物理课件第六节 牛顿运动定律的应用
例2. 一个滑雪的人，质量m = 75kg，以v0 = 2m/s的初速
度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ= 30o，在时 间 t = 5s的时间内滑下的路程x = 60m，求滑雪人 受到的阻力（包括摩擦和空气阻力）。
利用牛顿第二定律解决动力学问题：
已知受 求合力 力情况
ห้องสมุดไป่ตู้
由 a F 求a m
利用用运动学公式 求运动 情况
6.平均速度: v x t
7.中间时刻的速度:
vt
2
v0 vt 2
8.中间位置的速度: vx
2
v02 vt2 2
9.逐差相等: x aT 2 引申: xn xm (n m)aT 2
例1. 一个静止在水平面上的物体，质量是2kg，在6.4N的
水平拉力作用下沿水平面向右运动，物体与水平地 面间的滑动摩擦力为4.2N。求物体4s末的速度和4s 内发生的位移。
(1643-1727)
牛顿
第六节
知识准备：
1.加速度的定义式: a v vt v0
t t
2.速度与时间的关系式: vt v0 at
3.位移与时间的关系式:
x
v0t
1 at2 2
4.速度与位移的关系：vt 2 v02 2ax
牛顿第二运动定律：
F合 ma
5.平均速度: v v0 vt 2
求受力 情况 受力分析
由 a F 求F合 m
已知运 利用运动学公式求a 动情况
巩固习题：
见活页练P48第6、第7题
度沿山坡匀加速滑下，山坡的倾角θ= 30o，在时 间 t = 5s的时间内滑下的路程x = 60m，求滑雪人 受到的阻力（包括摩擦和空气阻力）。
利用牛顿第二定律解决动力学问题：
已知受 求合力 力情况
ห้องสมุดไป่ตู้
由 a F 求a m
利用用运动学公式 求运动 情况
6.平均速度: v x t
7.中间时刻的速度:
vt
2
v0 vt 2
8.中间位置的速度: vx
2
v02 vt2 2
9.逐差相等: x aT 2 引申: xn xm (n m)aT 2
例1. 一个静止在水平面上的物体，质量是2kg，在6.4N的
水平拉力作用下沿水平面向右运动，物体与水平地 面间的滑动摩擦力为4.2N。求物体4s末的速度和4s 内发生的位移。
(1643-1727)
牛顿
第六节
知识准备：
1.加速度的定义式: a v vt v0
t t
2.速度与时间的关系式: vt v0 at
3.位移与时间的关系式:
x
v0t
1 at2 2
4.速度与位移的关系：vt 2 v02 2ax
牛顿第二运动定律：
F合 ma
5.平均速度: v v0 vt 2
求受力 情况 受力分析
由 a F 求F合 m
已知运 利用运动学公式求a 动情况
巩固习题：
见活页练P48第6、第7题
物理必修Ⅰ教科版3-5牛顿运动定律的应用课件(35张)
答案：
Ft μmg
第三章 牛顿运动定律
栏目导引
【规律方法】 解决问题的关键 (1)正确地进行受力分析，并作出受力示意图是解决动力学问题的前提和基 础。 (2)加速度是联系力和运动的纽带。
第三章 牛顿运动定律
栏目导引
[即学即练] 1.民用航空客机的机舱，除了有正常的舱门和舷梯连接， 供旅客上下飞机外，一般还配有紧急出口。发生意外情况的 飞机在着陆后，打开紧急出口的舱门，会自动出现一个气囊 (由斜面部分 AC 和水平部分 CD 构成)，机舱中的人可沿该气 囊滑行到地面，如图所示。某机舱离气囊底端的竖直高度 AB＝3 m，气囊构成的 斜面长 AC＝5 m，AC 与地面之间的夹角为 θ。一个质量 m＝60 kg 的人从气囊上 由静止开始滑下，最后滑到水平部分上的 E 点静止，已知人与气囊之间的动摩擦 因数 μ＝0.55。求人从 A 点开始到滑到 E 点所用的时间。
初、末速度的平均值。( )
答案： (1)× (2)√ (3)× (4)× (5)√
第三章 牛顿运动定律
栏目导引
第三章 牛顿运动定律Fra bibliotek栏目导引
由物体的受力情况确定物体的运动情况 1．问题界定：已知物体受力情况确定运动情况，指的是在受力情况已知的条 件下，判断出物体的运动状态或求出物体的速度和位移。 2．解题思路
第三章 牛顿运动定律
栏目导引
质量为 m 的物体静止在足够大的水平地面上，物体与地面间的动 摩擦因数为 μ，现用一水平恒力 F 作用于物体上使之加速前进，经过时间 t 撤去， 求物体运动的总时间。
第三章 牛顿运动定律
栏目导引
解析： 物体做匀加速运动时的受力情况如图所示 由牛顿第二定律得 F－Ff＝ma1① FN－mg＝0② Ff＝μFN③ 联立①②③得
《牛顿运动定律的应用》课件ppt
又Ff=μFN
联立解得a=6 m/s2
5 s末物体的速度大小v=at=6×5 m/s=30 m/s
5
1 2 1
s内物体通过的位移大小x= 2 at = 2 ×6×52
m=75 m。
(2)物体做匀速运动时加速度为零,可得Fcos 37°-μ(mg-Fsin 37°)=0
解得F=45.5 N。
答案 (1)30 m/s
[必备知识]
一、从受力确定运动情况
如果已知物体的受力情况,可以根据牛顿第二定律求出物体的加速度,再通
过运动学的规律确定物体的运动情况。
二、从运动情况确定受力
如果已知物体的运动情况,根据运动学规律求出物体的加速度,结合受力分
析再根据牛顿第二定律求出力。
说明:牛顿第二定律确定了运动和力的关系,使我们能够把物体的运动情况
B点,重力加速度g取10 m/s2,由以上信息可求得(
A.传送带的速度大小
B.传送带A、B间的长度
C.小物块的质量
D.小物块与传送带间的动摩擦因数
)
解析 由题图乙可知,4 s后小物块与传送带的速度相同,故传送带的速度大
小为4 m/s,A正确;题图乙中v-t图线与时间轴所围成的面积表示小物块的位
(2+6)×4
移大小,即传送带A、B间的长度为x= 2
Δ
知,加速过程的加速度大小为a= Δ =1
m =16 m,故B正确;由题图乙可
m/s2,由牛顿第二定律有μmg=ma,解
得μ=0.1,但无法求得小物块的质量m,故C错误,D正确。
答案 ABD
规律方法 多过程问题的分析方法
(1)明确整个过程由几个子过程组成,分析每个过程的受力情况和运动情况,
与受力情况联系起来。
联立解得a=6 m/s2
5 s末物体的速度大小v=at=6×5 m/s=30 m/s
5
1 2 1
s内物体通过的位移大小x= 2 at = 2 ×6×52
m=75 m。
(2)物体做匀速运动时加速度为零,可得Fcos 37°-μ(mg-Fsin 37°)=0
解得F=45.5 N。
答案 (1)30 m/s
[必备知识]
一、从受力确定运动情况
如果已知物体的受力情况,可以根据牛顿第二定律求出物体的加速度,再通
过运动学的规律确定物体的运动情况。
二、从运动情况确定受力
如果已知物体的运动情况,根据运动学规律求出物体的加速度,结合受力分
析再根据牛顿第二定律求出力。
说明:牛顿第二定律确定了运动和力的关系,使我们能够把物体的运动情况
B点,重力加速度g取10 m/s2,由以上信息可求得(
A.传送带的速度大小
B.传送带A、B间的长度
C.小物块的质量
D.小物块与传送带间的动摩擦因数
)
解析 由题图乙可知,4 s后小物块与传送带的速度相同,故传送带的速度大
小为4 m/s,A正确;题图乙中v-t图线与时间轴所围成的面积表示小物块的位
(2+6)×4
移大小,即传送带A、B间的长度为x= 2
Δ
知,加速过程的加速度大小为a= Δ =1
m =16 m,故B正确;由题图乙可
m/s2,由牛顿第二定律有μmg=ma,解
得μ=0.1,但无法求得小物块的质量m,故C错误,D正确。
答案 ABD
规律方法 多过程问题的分析方法
(1)明确整个过程由几个子过程组成,分析每个过程的受力情况和运动情况,
与受力情况联系起来。
高中物理第三章课时3牛顿运动定律综合应用课件高中全册物理课件
课时9 牛顿(niú dùn)运动定律综合应用
12/10/2021
第一页，共二十四页。
内容(nèiróng)与要求
内容 牛顿运动定律应用
要求 d
12/10/2021
第二页，共二十四页。
考点(kǎo diǎn)与典例
考点1 动力学两类基本(jīběn)问题
1.动力学两类基本问题:一类是由受力情况判断物体的运动情况,另一类是由物体的运动情况 判断受力情况。 2.解答动力学两类基本问题的一般步骤:确定研究对象(duìxiàng);进行受力和运动分析,并画 出示意图;应用牛顿运动定律和运动学公式求解。
10～40 s内位移x2=18 m,
所以C点与O点之间的距离x总=x1+x2=34 m。
答案(dá àn):(2)0.004 (3)34 m
12/10/2021
第十五页，共二十四页。
考点3 动力学中的多过程(guòchéng)问题
1.很多动力学问题常涉及多个物体或多个连续的运动过程,物体在不同的运动过 程中,运动规律和受力情况都发生了变化,因此该类问题的综合性较强。解决这 类问题时,应该明确整个物理现象是由哪几个物理过程组成的,既要将每个子过程
a2 x1 1
答案(dá àn):(1ห้องสมุดไป่ตู้2∶1
12/10/2021
第二十一页，共二十四页。
(2)冰块滑动过程中的最大速度; (3)工人(gōng rén)拉冰块的拉力大小。
解析:(2)减速阶段冰块只受滑动摩擦力作用,则μMg=Ma2, 解得 a2=0.5 m/s2; 根据 0-v2=-2a2(L-x1),解得 v=2 2 m/s; (3)因为 a1=2a2,故 a1=1 m/s2;
小 v= 2a2x m/s≈11.3 m/s。 答案(dá àn):(2)11.3 m/s
12/10/2021
第一页，共二十四页。
内容(nèiróng)与要求
内容 牛顿运动定律应用
要求 d
12/10/2021
第二页，共二十四页。
考点(kǎo diǎn)与典例
考点1 动力学两类基本(jīběn)问题
1.动力学两类基本问题:一类是由受力情况判断物体的运动情况,另一类是由物体的运动情况 判断受力情况。 2.解答动力学两类基本问题的一般步骤:确定研究对象(duìxiàng);进行受力和运动分析,并画 出示意图;应用牛顿运动定律和运动学公式求解。
10～40 s内位移x2=18 m,
所以C点与O点之间的距离x总=x1+x2=34 m。
答案(dá àn):(2)0.004 (3)34 m
12/10/2021
第十五页，共二十四页。
考点3 动力学中的多过程(guòchéng)问题
1.很多动力学问题常涉及多个物体或多个连续的运动过程,物体在不同的运动过 程中,运动规律和受力情况都发生了变化,因此该类问题的综合性较强。解决这 类问题时,应该明确整个物理现象是由哪几个物理过程组成的,既要将每个子过程
a2 x1 1
答案(dá àn):(1ห้องสมุดไป่ตู้2∶1
12/10/2021
第二十一页，共二十四页。
(2)冰块滑动过程中的最大速度; (3)工人(gōng rén)拉冰块的拉力大小。
解析:(2)减速阶段冰块只受滑动摩擦力作用,则μMg=Ma2, 解得 a2=0.5 m/s2; 根据 0-v2=-2a2(L-x1),解得 v=2 2 m/s; (3)因为 a1=2a2,故 a1=1 m/s2;
小 v= 2a2x m/s≈11.3 m/s。 答案(dá àn):(2)11.3 m/s
高考物理 第3单元 牛顿定律的应用课件 新人教
答案：(1)4 m/s (2)4×103 N (3)6×103 N
• 高分通道
• 应用牛顿第二定律列式时要注意各量的符 号．
• ►变式1：如图1所示，质量为10 kg的物体 在F＝200 N的水平推力作用下，从粗糙 斜面的底端由静止开始沿斜面运动，斜面 固定不动，与水平地面的夹角θ＝37°.力 F作用2 s后撤去，物体在斜面上继续上滑 了1.25 s后，速度减为零．求：物体与斜 面间的动摩擦因数μ和物体的总位移x.(已 知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10 m/s2)
• 答案：D
• 2．如图7所示，倾斜索道与水平面夹角为
37°，当载人车厢沿钢索匀加速向上运动
时，车厢里的人对厢底的压力为其重量的
1.25倍，那么车厢对人的摩擦力为其体重
的
()
图7
解析：本题分解加速度比分解力更显方便．
当车厢沿钢索方向匀加速向上运动时，人与车厢具
有相同的加速度为 a，将 a 分解为水平方向分量 a1 和竖
• (3)选取正方向或建立坐标系，通常以加 速度的方向为正方向或以加速度的方向为 某一坐标轴的正方向．
• (4)求合外力F.
• (5)根据牛顿第二定律F＝ma列方程求解，
• (1)第一类：已知物体的受力情况，求物 体的运动情况．
• (2)第二类：已知物体的运动情况，求物 体的受力情况．
• (3)求解这两类问题的思路，可用下面的 框图来表示：
第二定律得：(M＋m)g＝ma，所以该瞬
间a＝
g.
• 答案：D
• 4．质量为m的木块，以4 m/s的初速度， 在水平地面上滑行8 m后停止运动，求物 体与水平地面间的动摩擦因数μ(取g＝10 m/s2)．
• 图11
• 高分通道
• 应用牛顿第二定律列式时要注意各量的符 号．
• ►变式1：如图1所示，质量为10 kg的物体 在F＝200 N的水平推力作用下，从粗糙 斜面的底端由静止开始沿斜面运动，斜面 固定不动，与水平地面的夹角θ＝37°.力 F作用2 s后撤去，物体在斜面上继续上滑 了1.25 s后，速度减为零．求：物体与斜 面间的动摩擦因数μ和物体的总位移x.(已 知sin37°＝0.6，cos37°＝0.8，g＝10 m/s2)
• 答案：D
• 2．如图7所示，倾斜索道与水平面夹角为
37°，当载人车厢沿钢索匀加速向上运动
时，车厢里的人对厢底的压力为其重量的
1.25倍，那么车厢对人的摩擦力为其体重
的
()
图7
解析：本题分解加速度比分解力更显方便．
当车厢沿钢索方向匀加速向上运动时，人与车厢具
有相同的加速度为 a，将 a 分解为水平方向分量 a1 和竖
• (3)选取正方向或建立坐标系，通常以加 速度的方向为正方向或以加速度的方向为 某一坐标轴的正方向．
• (4)求合外力F.
• (5)根据牛顿第二定律F＝ma列方程求解，
• (1)第一类：已知物体的受力情况，求物 体的运动情况．
• (2)第二类：已知物体的运动情况，求物 体的受力情况．
• (3)求解这两类问题的思路，可用下面的 框图来表示：
第二定律得：(M＋m)g＝ma，所以该瞬
间a＝
g.
• 答案：D
• 4．质量为m的木块，以4 m/s的初速度， 在水平地面上滑行8 m后停止运动，求物 体与水平地面间的动摩擦因数μ(取g＝10 m/s2)．
• 图11
高三物理一轮复习 第三章牛顿运动定律牛顿运动定律的综合应用课件
答案 AD
一题一得 超重和失重现象，只决定于物体在竖直方向上 的加速度，与物体的运动方向无关．进行定性分析问题时，一 定要对物体的运动过程进行分析，特别是物体在竖直方向上的 加速度，从而判定物体视重变化．
如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天 花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现 弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小，这一现象表明( )
重计示数的变化情况．下表记录了几个特定时刻体重计的示数
(表内时间不表示先后顺序)：
时间
t0 t1 t2 t3
体重计示数(kg) 45.0 50.0 40.0 45.0
若已知 t0 时刻电梯静止，则( ) A．t1 和 t2 时刻电梯的加速度方向一定相反 B．t1 和 t2 时刻物体的质量并没有发生变化，但所受重力 发生了变化
考点三 考查临界与极值问题 从一物理过程转入另一物理过程中，将出现临界与极值问 题．题中常用“刚好”“恰好”“最大”“最小”等语言叙 述． 常出现的临界条件为：(1)相互接触的物体之间、绳子或杆 的弹力为零；(2)相对静止的物体间静摩擦力达到最大，通常在 计算中取最大静摩擦力等于滑动摩擦力．
物理思想方法：用极限法分析临界问题
A．电梯一定是在下降 B．电梯可能是在上升 C．电梯的加速度方向一定是向上 D．乘客一定处在失重状态
【答案】BD
【解析】因“弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小”， 所以小球所受的合外力向下，加速度向下，乘客处于失重状态， C 错误，D 正确；仅知加速度的方向，无法判断电梯的运动方 向，其运动方向有两种可能，即上升或下降，A 错误，B 正确．
考点二 超重、失重和视重 物体处于失重状态还是超重状态，仅由加速度的方向决 定，而与物体的速度方向无关．无论物体处于超重还是失重状 态，物体本身的重力并未发生改变．物体处于完全失重时，由 于重力产生的一切物理现象都将消失．
一题一得 超重和失重现象，只决定于物体在竖直方向上 的加速度，与物体的运动方向无关．进行定性分析问题时，一 定要对物体的运动过程进行分析，特别是物体在竖直方向上的 加速度，从而判定物体视重变化．
如图所示，轻质弹簧的上端固定在电梯的天 花板上，弹簧下端悬挂一个小铁球，在电梯运行时，乘客发现 弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小，这一现象表明( )
重计示数的变化情况．下表记录了几个特定时刻体重计的示数
(表内时间不表示先后顺序)：
时间
t0 t1 t2 t3
体重计示数(kg) 45.0 50.0 40.0 45.0
若已知 t0 时刻电梯静止，则( ) A．t1 和 t2 时刻电梯的加速度方向一定相反 B．t1 和 t2 时刻物体的质量并没有发生变化，但所受重力 发生了变化
考点三 考查临界与极值问题 从一物理过程转入另一物理过程中，将出现临界与极值问 题．题中常用“刚好”“恰好”“最大”“最小”等语言叙 述． 常出现的临界条件为：(1)相互接触的物体之间、绳子或杆 的弹力为零；(2)相对静止的物体间静摩擦力达到最大，通常在 计算中取最大静摩擦力等于滑动摩擦力．
物理思想方法：用极限法分析临界问题
A．电梯一定是在下降 B．电梯可能是在上升 C．电梯的加速度方向一定是向上 D．乘客一定处在失重状态
【答案】BD
【解析】因“弹簧的伸长量比电梯静止时的伸长量小”， 所以小球所受的合外力向下，加速度向下，乘客处于失重状态， C 错误，D 正确；仅知加速度的方向，无法判断电梯的运动方 向，其运动方向有两种可能，即上升或下降，A 错误，B 正确．
考点二 超重、失重和视重 物体处于失重状态还是超重状态，仅由加速度的方向决 定，而与物体的速度方向无关．无论物体处于超重还是失重状 态，物体本身的重力并未发生改变．物体处于完全失重时，由 于重力产生的一切物理现象都将消失．