2007年高考物理第二轮专题复习_7
【高考复习】高考物理一轮二轮复习指导
【高考复习】高考物理一轮二轮复习指导第一节、一轮揭秘复习目标：（1）夯实基础知识，(2)掌握学科思想方法,(3)加强实验复习，提高实验变通能力,(4)加强应试能力的培养方法窍门：以章、部为单元展开单元备考训练，这一阶段主要针对各单元知识点及有关知识点展开分析、概括，备考的重点在基本概念及其相互关系，基本规律及其应用领域。
1．全面复习夯实基础对物理概念必须从定义内容、定义式及变形式、各字母的物理意义、单位、矢量性及相关性等方面展开探讨；对定理或定律需从其推论过程、内容、公式形式、公式中各个字母的意义、适用于条件等作全面的分析。
对实验必须从实验目的、实验原理和方法、实验条件、实验仪器、现象观测与分析、数据记录与处置、误差的原因和增大，结论的得出结论等方面备考，打牢实验基础知识与技能。
2．养成良好的做题习惯碰到具体内容问题时，首先必须认真记住题意，介绍显著的和暗含的未知条件，把握住题目中的关键词句，把文字、图像转变为形象的物理过程，想象出来研究对象运动变化的物理模型。
然后定性推论变化的趋势，确认解题方向，挑选适度的规律和公式，再融合有关的条件展开具体内容的排序和答疑。
3．尽量一题多解，摸索总结某类问题的简洁解题方法物理上的问题，往往存有多种方法化解，有的繁杂有的简约，碰到某问题尽可能必须用多种方法化解，通过自己亲身课堂教学探索出来化解某类问题的简约方法，以提升搞题速度。
注意事项1．特别注意首先根据考纲科学知识范围，弄清楚必修和选考知识点存有哪些？每个知识点的考查建议怎样（ⅰ级建议还是ⅱ级建议），然后对教材全面写作，其中包含教材中的说一说、搞一搞、科学漫步、科学足迹、思索与探讨这些栏目，无法存有漏洞和死角，越是都指出直观难的部分，越是无法忽略，防止备考遗留下惋惜。
2.注意对照《考试大纲》要求的能力层次复习知识的深度。
3.特别注意实验备考时必须狠抓“七个能够，三个可以”。
对考纲中所列举的必修与选考模块中的实验：能够明晰实验目的，能够认知实验原理和方法，能够掌控实验条件，可以采用仪器，可以观测、分析实验现象，可以记录、处置实验数据，并得出结论。
高三物理二轮复习方法,第二轮复习方案
高三物理二轮复习方法,第二轮复习方案在高三第一轮的复习中，学生大都能掌握物理学中的基本概念，如何才能在二轮复习中充分利用有限的时间，取得更好的效益?整理了物理学习相关内容，希望能帮助到您。
高三物理二轮复习方法一乐观调整心态，增强应试心理素质掌握知识的水平与运用知识解决问题的水平是高考成功的硬件;而在考前、考中的心态调整水平是高考成功的软件。
形象地说，高考既是打知识战也是打心理战，越是临近高考，心态的作用越是突出。
考试心态状况制约着能力的发挥，心态好就能正常甚至超常发挥;心态差就可能失常发挥。
有的考生平时成绩相当出色，可是一到正式考试就不行，问题就出在心理素质上。
一些考生由于不相信自己的实力，首先在心理上打垮了自己，因而发慌心虚、手忙脚乱，平时得心应手的试题也答不上来。
考生带着一颗平常心去迎接高考，做最坏结果的打算，然后去争取最好的结果，这样想问题反而能够使心情平静下来，并能自如应对各种复杂局面。
另外，在复习的后期阶段，尤其要针对自己的具体情况，恰当地提出奋斗目标，脚踏实地地实现它们，使自己在付出努力之后，能够不断地体会成功的喜悦。
对于偶然的失误，应准确地分析问题产生的原因，使下一步的复习更具有针对性。
在后面的几个月时间里老师和家长应该做到多多鼓舞学生，树立他们学习的信心。
学生遇到问题时也要及时地找老师寻求帮助和指导。
二知识体系的细化把贯穿高中物理的主干内容的知识结构、前后关联起来。
物理学科的知识构建重点放在课本定义、公式推导、讨论现象上。
如牛顿第一定律讨论的是惯性定律，阐述力是改变物体运动状态的原因，而不是维持运动的原因。
牛顿第二定律所讨论的是力的瞬时作用规律，而动量定理所讨论的是力对时间的积累作用规律。
对每一个知识板块要完成这四项工作：①基本规律和公式;②容易忘记的内容;③解题方法与技巧;④常常出错的问题。
三掌握分析问题的方法，养成良好的思维习惯正确的解题过程应该是：①逐字逐句，仔细审题;②想象情景，建立模型;③分析过程，画示意图，找到特征;④寻找规律，列出方程;⑤推导结果，讨论意义。
高考物理总复习 第七章 恒定电流 实验八 测量电源电动势和内电阻教案
实验八测量电源电动势和内电阻注意事项1.可选用旧电池：为了使电路的路端电压变化明显，电池的内阻宜大些，可选用已使用过一段时间的1号干电池。
2.电流不要过大，读数要快：干电池在大电流放电时，电动势E会明显下降，内阻r会明显增大。
因此，实验中不要将I调得过大，读数要快，每次读完立即断电。
3.计算法求E、r：要测出不少于6组I、U数据，且变化范围要大些，用方程组求解时，要将测出的I、U数据中，第1和第4为一组、第2和第5为一组、第3和第6为一组，分别解出E、r值，再求平均值。
4.合理选择标度：为使图线分布空间大，如图1所示，纵坐标可以不从零开始，则图线和横轴的交点不再是短路电流，电源的内阻不能用r＝EI短确定，应根据r＝⎪⎪⎪⎪⎪⎪ΔUΔI确定。
图1误差分析1.用图象法求E和r时作图不准确。
2.由于电流表或电压表的分压或分流存在系统误差。
本实验中测量结果是：E测<E真，r测<r真。
热点一实验原理与实验操作【例1】(2015·江苏单科，10)小明利用如图2所示的实验装置测量一干电池的电动势和内阻。
图2(1)如图2中电流表的示数为________A。
(2)调节滑动变阻器，电压表和电流表的示数记录如下：U(V) 1.45 1.36 1.27 1.16 1.06I(A)0.120.200.280.360.44由图线求得：电动势E＝________V；内阻r＝________Ω。
(3)实验时，小明进行了多次测量，花费了较长时间，测量期间一直保持电路闭合。
其实，从实验误差考虑，这样的操作不妥，因为___________________________ ____________________________________________________________________。
解析 (1)由实验装置图可知，电流表使用0.6 A 量程，所以读数为0.44 A ；(2)描点画图，如图所示，根据U ＝－Ir ＋E 可得电动势为E ＝1.60 V ；图线的斜率绝对值等于内阻r ＝1.22 Ω；(3)干电池长时间使用后，电动势和内阻会发生变化，导致实验误差增大。
高三物理第二轮总复习全套精品(共10个专题)
全册教案导学案说课稿试题高三物理二轮总复习全册教学案高三物理第二轮总复习目录第1专题力与运动 (1)第2专题动量和能量 (46)第3专题圆周运动、航天与星体问题 (76)第4专题带电粒子在电场和磁场中的运动 (94)第5专题电磁感应与电路的分析 (120)第6专题振动与波、光学、执掌、原子物理 (150)第7专题高考物理实验 (177)第8专题 (202)第9专题高中物理常见的物理模型 (221)第10专题计算题的答题规范与解析技巧 (240)第1专题 力与运动知识网络考点预测本专题复习三个模块的内容：运动的描述、受力分析与平衡、牛顿运动定律的运用．运动的描述与受力分析是两个相互独立的内容，它们通过牛顿运动定律才能连成一个有机的整体．虽然运动的描述、受力平衡在近几年都有独立的命题出现在高考中但由于理综考试题量的局限以及课改趋势，独立考查前两模块的命题在2013年高考中出现的概率很小，大部分高考卷中应该都会出现同时考查三个模块知识的试题，而且占不少分值．在综合复习这三个模块内容的时候，应该把握以下几点：1．运动的描述是物理学的重要基础，其理论体系为用数学函数或图象的方法来描述、推断质点的运动规律，公式和推论众多．其中，平抛运动、追及问题、实际运动的描述应为复习的重点和难点．2．无论是平衡问题，还是动力学问题，一般都需要进行受力分析，而正交分解法、隔离法与整体法相结合是最常用、最重要的思想方法，每年高考都会对其进行考查．3．牛顿运动定律的应用是高中物理的重要内容之一，与此有关的高考试题每年都有，题型有选择题、计算题等，趋向于运用牛顿运动定律解决生产、生活和科技中的实际问题．此外，它还经常与电场、磁场结合，构成难度较大的综合性试题．一、运动的描述 要点归纳(一)匀变速直线运动的几个重要推论和解题方法1．某段时间内的平均速度等于这段时间的中间时刻的瞬时速度，即v －t ＝v t 2． 2．在连续相等的时间间隔T 内的位移之差Δs 为恒量，且Δs ＝aT 2．3．在初速度为零的匀变速直线运动中，相等的时间T 内连续通过的位移之比为：s1∶s2∶s3∶…∶s n＝1∶3∶5∶…∶(2n－1)通过连续相等的位移所用的时间之比为：t1∶t2∶t3∶…∶t n＝1∶(2－1)∶(3－2)∶…∶(n－n－1)．4．竖直上抛运动(1)对称性：上升阶段和下落阶段具有时间和速度等方面的对称性．(2)可逆性：上升过程做匀减速运动，可逆向看做初速度为零的匀加速运动来研究．(3)整体性：整个运动过程实质上是匀变速直线运动．5．解决匀变速直线运动问题的常用方法(1)公式法灵活运用匀变速直线运动的基本公式及一些有用的推导公式直接解决．(2)比例法在初速度为零的匀加速直线运动中，其速度、位移和时间都存在一定的比例关系，灵活利用这些关系可使解题过程简化．(3)逆向过程处理法逆向过程处理法是把运动过程的“末态”作为“初态”，将物体的运动过程倒过来进行研究的方法．(4)速度图象法速度图象法是力学中一种常见的重要方法，它能够将问题中的许多关系，特别是一些隐藏关系，在图象上明显地反映出来，从而得到正确、简捷的解题方法．(二)运动的合成与分解1．小船渡河设水流的速度为v1，船的航行速度为v2，河的宽度为d．(1)过河时间t仅由v2沿垂直于河岸方向的分量v⊥决定，即t＝dv⊥，与v1无关，所以当v2垂直于河岸时，渡河所用的时间最短，最短时间t min＝dv2．(2)渡河的路程由小船实际运动轨迹的方向决定．当v1＜v2时，最短路程s min＝d；当v1＞v2时，最短路程s min＝v1v2 d，如图1－1 所示．图1－12．轻绳、轻杆两末端速度的关系(1)分解法把绳子(包括连杆)两端的速度都沿绳子的方向和垂直于绳子的方向分解，沿绳子方向的分运动相等(垂直方向的分运动不相关)，即v 1cos θ1＝v 2cos_θ2．(2)功率法通过轻绳(轻杆)连接物体时，往往力拉轻绳(轻杆)做功的功率等于轻绳(轻杆)对物体做功的功率．3．平抛运动如图1－2所示，物体从O 处以水平初速度v 0抛出，经时间t 到达P 点．图1－2(1)加速度⎩⎪⎨⎪⎧ 水平方向：a x ＝0竖直方向：a y＝g (2)速度⎩⎪⎨⎪⎧水平方向：v x ＝v 0竖直方向：v y ＝gt合速度的大小v ＝v 2x ＋v 2y ＝v 20＋g 2t 2设合速度的方向与水平方向的夹角为θ，有：tan θ＝v y v x ＝gt v 0，即θ＝arctan gt v 0． (3)位移⎩⎪⎨⎪⎧ 水平方向：s x ＝v 0t 竖直方向：s y ＝12gt2 设合位移的大小s ＝s 2x ＋s 2y ＝(v 0t )2＋(12gt 2)2 合位移的方向与水平方向的夹角为α，有： tan α＝s y s x ＝12gt 2v 0t ＝gt 2v 0，即α＝arctan gt 2v 0要注意合速度的方向与水平方向的夹角不是合位移的方向与水平方向的夹角的2倍，即θ≠2α，而是tan θ＝2tan α．(4)时间：由s y ＝12gt 2得，t ＝2s y g，平抛物体在空中运动的时间t 只由物体抛出时离地的高度s y 决定，而与抛出时的初速度v 0无关．(5)速度变化：平抛运动是匀变速曲线运动，故在相等的时间内，速度的变化量(g ＝Δv Δt)相等，且必沿竖直方向，如图1－3所示．图1－3任意两时刻的速度与速度的变化量Δv 构成直角三角形，Δv 沿竖直方向．注意：平抛运动的速率随时间并不均匀变化，而速度随时间是均匀变化的．(6)带电粒子(只受电场力的作用)垂直进入匀强电场中的运动与平抛运动相似，出电场后做匀速直线运动，如图1－4所示．图1－4故有：y ＝(L ′＋L 2)·tan α＝(L ′＋L 2)·qUL dm v 20． 热点、重点、难点(一)直线运动高考中对直线运动规律的考查一般以图象的应用或追及问题出现．这类题目侧重于考查学生应用数学知识处理物理问题的能力．对于追及问题，存在的困难在于选用哪些公式来列方程，作图求解，而熟记和运用好直线运动的重要推论往往是解决问题的捷径．●例1 如图1－5甲所示，A 、B 两辆汽车在笔直的公路上同向行驶．当B 车在A 车前s ＝84 m 处时，B 车的速度v B ＝4 m/s ，且正以a ＝2 m/s 2的加速度做匀加速运动；经过一段时间后，B 车的加速度突然变为零．A 车一直以v A ＝20 m/s 的速度做匀速运动，从最初相距84 m 时开始计时，经过t 0＝12 s 后两车相遇．问B 车加速行驶的时间是多少？图1－5甲【解析】设B 车加速行驶的时间为t ，相遇时A 车的位移为：s A ＝v A t 0B 车加速阶段的位移为：s B 1＝v B t ＋12at 2 匀速阶段的速度v ＝v B ＋at ，匀速阶段的位移为：s B 2＝v (t 0－t )相遇时，依题意有：s A ＝s B 1＋s B 2＋s联立以上各式得：t 2－2t 0t －2[(v B －v A )t 0＋s ]a ＝0 将题中数据v A ＝20 m/s ，v B ＝4 m/s ，a ＝2 m/s 2，t 0＝12 s ，代入上式有：t 2－24t ＋108＝解得：t 1＝6 s ，t 2＝18 s(不合题意，舍去)因此，B 车加速行驶的时间为6 s ．[答案] 6 s【点评】①出现不符合实际的解(t 2＝18 s)的原因是方程“s B 2＝v (t 0－t )”并不完全描述B 车的位移，还需加一定义域t ≤12 s ．②解析后可以作出v A －t 、v B －t 图象加以验证．图1－5乙根据v －t 图象与t 围成的面积等于位移可得，t ＝12 s 时，Δs ＝[12×(16＋4)×6＋4×6] m ＝84 m ．(二)平抛运动平抛运动在高考试题中出现的几率相当高，或出现于力学综合题中，如2008年北京、山东理综卷第24题；或出现于带电粒子在匀强电场中的偏转一类问题中，如2008年宁夏理综卷第24题、天津理综卷第23题；或出现于此知识点的单独命题中，如2009年高考福建理综卷第20题、广东物理卷第17(1)题、2008年全国理综卷Ⅰ第14题．对于这一知识点的复习，除了要熟记两垂直方向上的分速度、分位移公式外，还要特别理解和运用好速度偏转角公式、位移偏转角公式以及两偏转角的关系式(即tan θ＝2tan α)．●例2 图1－6甲所示，m 为在水平传送带上被传送的小物体(可视为质点)，A 为终端皮带轮．已知皮带轮的半径为r ，传送带与皮带轮间不会打滑．当m 可被水平抛出时，A 轮每秒的转数最少为( )图1－6甲A ．12πg rB ．g rC ．grD ．12πgr 【解析】解法一 m 到达皮带轮的顶端时，若m v 2r≥mg ，表示m 受到的重力小于(或等于)m 沿皮带轮表面做圆周运动的向心力，m 将离开皮带轮的外表面而做平抛运动又因为转数n ＝ω2π＝v 2πr所以当v ≥gr ，即转数n ≥12πg r时，m 可被水平抛出，故选项A 正确． 解法二 建立如图1－6乙所示的直角坐标系．当m 到达皮带轮的顶端有一速度时，若没有皮带轮在下面，m 将做平抛运动，根据速度的大小可以作出平抛运动的轨迹．若轨迹在皮带轮的下方，说明m 将被皮带轮挡住，先沿皮带轮下滑；若轨迹在皮带轮的上方，说明m 立即离开皮带轮做平抛运动．图1－6乙又因为皮带轮圆弧在坐标系中的函数为：当y 2＋x 2＝r 2初速度为v 的平抛运动在坐标系中的函数为：y ＝r －12g (x v )2 平抛运动的轨迹在皮带轮上方的条件为：当x >0时，平抛运动的轨迹上各点与O 点间的距离大于r ，即y 2＋x 2>r 即[r －12g (x v )2]2＋x 2>r 解得：v ≥gr又因皮带轮的转速n 与v 的关系为：n ＝v 2πr 可得：当n ≥12πg r时，m 可被水平抛出． [答案] A【点评】“解法一”应用动力学的方法分析求解；“解法二”应用运动学的方法(数学方法)求解，由于加速度的定义式为a ＝Δv Δt ，而决定式为a ＝F m，故这两种方法殊途同归． ★同类拓展1 高台滑雪以其惊险刺激而闻名，运动员在空中的飞跃姿势具有很强的观赏性．某滑雪轨道的完整结构可以简化成如图1－7所示的示意图．其中AB 段是助滑雪道，倾角α＝30°，BC 段是水平起跳台，CD 段是着陆雪道，AB 段与BC 段圆滑相连，DE 段是一小段圆弧(其长度可忽略)，在D 、E 两点分别与CD 、EF 相切，EF 是减速雪道，倾角θ＝37°．轨道各部分与滑雪板间的动摩擦因数均为μ＝0.25，图中轨道最高点A 处的起滑台距起跳台BC 的竖直高度h ＝10 m ．A 点与C 点的水平距离L 1＝20 m ，C 点与D 点的距离为32.625 m ．运动员连同滑雪板的总质量m ＝60 kg ．滑雪运动员从A 点由静止开始起滑，通过起跳台从C 点水平飞出，在落到着陆雪道上时，运动员靠改变姿势进行缓冲使自己只保留沿着陆雪道的分速度而不弹起．除缓冲外运动员均可视为质点，设运动员在全过程中不使用雪杖助滑，忽略空气阻力的影响，取重力加速度g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8．求：图1－7(1)运动员在C 点水平飞出时的速度大小．(2)运动员在着陆雪道CD 上的着陆位置与C 点的距离． (3)运动员滑过D 点时的速度大小．【解析】(1)滑雪运动员从A 到C 的过程中，由动能定理得：mgh －μmg cos αhsin α－μmg (L 1－h cot α)＝12m v 2C解得：v C ＝10 m/s ．(2)滑雪运动员从C 点水平飞出到落到着陆雪道的过程中做平抛运动，有： x ＝v C t y ＝12gt 2 yx＝tan θ 着陆位置与C 点的距离s ＝x cos θ解得：s ＝18.75 m ，t ＝1.5 s ．(3)着陆位置到D 点的距离s ′＝13.875 m ，滑雪运动员在着陆雪道上做匀加速直线运动．把平抛运动沿雪道和垂直雪道分解，可得着落后的初速度v 0＝v C cos θ＋gt sin θ加速度为：mg sin θ－μmg cos θ＝ma运动到D 点的速度为：v 2D ＝v 20＋2as ′ 解得：v D ＝20 m/s ．[答案] (1)10 m/s (2)18.75 m (3)20 m/s 互动辨析 在斜面上的平抛问题较为常见，“位移与水平面的夹角等于倾角”为着落条件．同学们还要能总结出距斜面最远的时刻以及这一距离．二、受力分析要点归纳(一)常见的五种性质的力(二)力的运算、物体的平衡1．力的合成与分解遵循力的平行四边形定则(或力的三角形定则)．2．平衡状态是指物体处于匀速直线运动或静止状态，物体处于平衡状态的动力学条件是：F合＝0或F x＝0、F y＝0、F z＝0．注意：静止状态是指速度和加速度都为零的状态，如做竖直上抛运动的物体到达最高点时速度为零，但加速度等于重力加速度，不为零，因此不是平衡状态．3．平衡条件的推论(1)物体处于平衡状态时，它所受的任何一个力与它所受的其余力的合力等大、反向．(2)物体在同一平面上的三个不平行的力的作用下处于平衡状态时，这三个力必为共点力．物体在三个共点力的作用下而处于平衡状态时，表示这三个力的有向线段组成一封闭的矢量三角形，如图1－8所示．图1－84．共点力作用下物体的平衡分析热点、重点、难点(一)正交分解法、平行四边形法则的应用1．正交分解法是分析平衡状态物体受力时最常用、最主要的方法．即当F合＝0时有：F x合＝0，F y合＝0，F z合＝0．2．平行四边形法有时可巧妙用于定性分析物体受力的变化或确定相关几个力之比．●例3举重运动员在抓举比赛中为了减小杠铃上升的高度和发力，抓杠铃的两手间要有较大的距离．某运动员成功抓举杠铃时，测得两手臂间的夹角为120°，运动员的质量为75 kg，举起的杠铃的质量为125 kg，如图1－9甲所示．求该运动员每只手臂对杠铃的作用力的大小．(取g＝10 m/s2)图1－9甲【分析】由手臂的肌肉、骨骼构造以及平时的用力习惯可知，伸直的手臂主要沿手臂方向发力．取手腕、手掌为研究对象，握杠的手掌对杠有竖直向上的弹力和沿杠向外的静摩擦力，其合力沿手臂方向，如图1－9乙所示．图1－9乙【解析】手臂对杠铃的作用力的方向沿手臂的方向，设该作用力的大小为F，则杠铃的受力情况如图1－9丙所示图1－9丙由平衡条件得：2F cos 60°＝mg解得：F＝1250 N．[答案] 1250 N●例4两个可视为质点的小球a和b，用质量可忽略的刚性细杆相连放置在一个光滑的半球面内，如图1－10甲所示．已知小球a和b的质量之比为3，细杆长度是球面半径的 2 倍．两球处于平衡状态时，细杆与水平面的夹角θ是[2008年高考·四川延考区理综卷]()图1－10甲A．45°B．30°C．22.5°D．15°【解析】解法一设细杆对两球的弹力大小为T，小球a、b的受力情况如图1－10乙所示图1－10乙其中球面对两球的弹力方向指向圆心，即有： cos α＝22R R ＝22解得：α＝45°故F N a 的方向为向上偏右，即β1＝π2－45°－θ＝45°－θF N b 的方向为向上偏左，即β2＝π2－(45°－θ)＝45°＋θ两球都受到重力、细杆的弹力和球面的弹力的作用，过O 作竖直线交ab 于c 点，设球面的半径为R ，由几何关系可得：m a g Oc ＝F N aR m b g Oc ＝F N bR解得：F N a ＝3F N b取a 、b 及细杆组成的整体为研究对象，由平衡条件得： F N a ·sin β1＝F N b ·sin β2 即 3F N b ·sin(45°－θ)＝F N b ·sin(45°＋θ) 解得：θ＝15°．解法二 由几何关系及细杆的长度知，平衡时有： sin ∠Oab ＝22R R ＝22故∠Oab ＝∠Oba ＝45°再设两小球及细杆组成的整体重心位于c 点，由悬挂法的原理知c 点位于O 点的正下方，且ac bc ＝m am b＝ 3即R ·sin(45°－θ)∶R ·sin(45°＋θ)＝1∶ 3解得：θ＝15°． [答案] D【点评】①利用平行四边形(三角形)定则分析物体的受力情况在各类教辅中较常见．掌握好这种方法的关键在于深刻地理解好“在力的图示中，有向线段替代了力的矢量”．②在理论上，本题也可用隔离法分析小球a 、b 的受力情况，根据正交分解法分别列平衡方程进行求解，但是求解三角函数方程组时难度很大．③解法二较简便，但确定重心的公式ac bc ＝m am b＝3超纲．(二)带电粒子在复合场中的平衡问题 在高考试题中，也常出现带电粒子在复合场中受力平衡的物理情境，出现概率较大的是在正交的电场和磁场中的平衡问题及在电场和重力场中的平衡问题．在如图1－11所示的速度选择器中，选择的速度v ＝EB ；在如图1－12所示的电磁流量计中，流速v ＝u Bd ，流量Q ＝πdu 4B．图1－11 图1－12●例5 在地面附近的空间中有水平方向的匀强电场和匀强磁场，已知磁场的方向垂直纸面向里，一个带电油滴沿着一条与竖直方向成α角的直线MN 运动，如图1－13所示．由此可判断下列说法正确的是( )图1－13A ．如果油滴带正电，则油滴从M 点运动到N 点B ．如果油滴带正电，则油滴从N 点运动到M 点C ．如果电场方向水平向右，则油滴从N 点运动到M 点D ．如果电场方向水平向左，则油滴从N 点运动到M 点【解析】油滴在运动过程中受到重力、电场力及洛伦兹力的作用，因洛伦兹力的方向始终与速度方向垂直，大小随速度的改变而改变，而电场力与重力的合力是恒力，所以物体做匀速直线运动；又因电场力一定在水平方向上，故洛伦兹力的方向是斜向上方的，因而当油滴带正电时，应该由M 点向N 点运动，故选项A 正确、B 错误．若电场方向水平向右，则油滴需带负电，此时斜向右上方与MN 垂直的洛伦兹力对应粒子从N 点运动到M 点，即选项C 正确．同理，电场方向水平向左时，油滴需带正电，油滴是从M 点运动到N 点的，故选项D 错误．[答案] AC 【点评】对于带电粒子在复合场中做直线运动的问题要注意受力分析．因为洛伦兹力的方向与速度的方向垂直，而且与磁场的方向、带电粒子的电性都有关，分析时更要注意．本题中重力和电场力均为恒力，要保证油滴做直线运动，两力的合力必须与洛伦兹力平衡，粒子的运动就只能是匀速直线运动．★同类拓展2 如图1－14甲所示，悬挂在O 点的一根不可伸长的绝缘细线下端挂有一个带电荷量不变的小球A ．在两次实验中，均缓慢移动另一带同种电荷的小球B ．当B 到达悬点O 的正下方并与A 在同一水平线上，A 处于受力平衡时，悬线偏离竖直方向的角度为θ．若两次实验中B 的电荷量分别为q 1和q 2，θ分别为30°和45°，则q 2q 1为 [2007年高考·重庆理综卷]( )图1－14甲A．2B．3C．23D．3 3【解析】对A球进行受力分析，如图1－14 乙所示，图1－14乙由于绳子的拉力和点电荷间的斥力的合力与A球的重力平衡，故有：F电＝mg tan θ，又F电＝k qQ Ar2．设绳子的长度为L，则A、B两球之间的距离r＝L sin θ，联立可得：q＝mL2g tan θsin2θkQ A，由此可见，q与tan θsin 2θ成正比，即q2q1＝tan 45°sin245°tan 30°sin230°＝23，故选项C正确．[答案] C互动辨析本题为带电体在重力场和电场中的平衡问题，解题的关键在于：先根据小球的受力情况画出平衡状态下的受力分析示意图；然后根据平衡条件和几何关系列式，得出电荷量的通解表达式，进而分析求解．本题体现了新课标在知识考查中重视方法渗透的思想．三、牛顿运动定律的应用要点归纳(一)深刻理解牛顿第一、第三定律1．牛顿第一定律(惯性定律)一切物体总保持匀速直线运动状态或静止状态，直到有外力迫使它改变这种状态为止．(1)理解要点①运动是物体的一种属性，物体的运动不需要力来维持．②它定性地揭示了运动与力的关系：力是改变物体运动状态的原因，是使物体产生加速度的原因．③牛顿第一定律是牛顿第二定律的基础，不能认为它是牛顿第二定律合外力为零时的特例．牛顿第一定律定性地给出了力与运动的关系，第二定律定量地给出力与运动的关系．(2)惯性：物体保持原来的匀速直线运动状态或静止状态的性质叫做惯性．①惯性是物体的固有属性，与物体的受力情况及运动状态无关．②质量是物体惯性大小的量度．2．牛顿第三定律(1)两个物体之间的作用力和反作用力总是大小相等，方向相反，作用在一条直线上，可用公式表示为F＝－F′．(2)作用力与反作用力一定是同种性质的力，作用效果不能抵消．(3)牛顿第三定律的应用非常广泛，凡是涉及两个或两个以上物体的物理情境、过程的解答，往往都需要应用这一定律．(二)牛顿第二定律1．定律内容物体的加速度a跟物体所受的合外力F合成正比，跟物体的质量m成反比．2．公式：F合＝ma理解要点①因果性：F合是产生加速度a的原因，它们同时产生，同时变化，同时存在，同时消失．②方向性：a与F合都是矢量，方向严格相同．③瞬时性和对应性：a为某时刻某物体的加速度，F合是该时刻作用在该物体上的合外力．3．应用牛顿第二定律解题的一般步骤：(1)确定研究对象；(2)分析研究对象的受力情况，画出受力分析图并找出加速度的方向；(3)建立直角坐标系，使尽可能多的力或加速度落在坐标轴上，并将其余的力或加速度分解到两坐标轴上；(4)分别沿x轴方向和y轴方向应用牛顿第二定律列出方程；(5)统一单位，计算数值．热点、重点、难点一、正交分解法在动力学问题中的应用当物体受到多个方向的外力作用产生加速度时，常要用到正交分解法．1．在适当的方向建立直角坐标系，使需要分解的矢量尽可能少．2．F x合＝ma x合，F y合＝ma y合，F z合＝ma z合．3．正交分解法对本章各类问题，甚至对整个高中物理来说都是一重要的思想方法．●例6如图1－15甲所示，在风洞实验室里，一根足够长的细杆与水平面成θ＝37°固定，质量m＝1 kg的小球穿在细杆上静止于细杆底端O点．现有水平向右的风力F作用于小球上，经时间t 1＝2 s 后停止，小球沿细杆运动的部分v －t 图象如图1－15乙所示．试求：(取g ＝10 m/s 2，sin 37°＝0.6，cos 37°＝0.8)图1－15(1)小球在0～2 s 内的加速度a 1和2～4 s 内的加速度a 2．(2)风对小球的作用力F 的大小．【解析】(1)由图象可知，在0～2 s 内小球的加速度为：a 1＝v 2－v 1t 1＝20 m/s 2，方向沿杆向上 在2～4 s 内小球的加速度为：a 2＝v 3－v 2t 2＝－10 m/s 2，负号表示方向沿杆向下． (2)有风力时的上升过程，小球的受力情况如图1－15丙所示图1－15丙在y 方向，由平衡条件得：F N1＝F sin θ＋mg cos θ在x 方向，由牛顿第二定律得：F cos θ－mg sin θ－μF N1＝ma1停风后上升阶段，小球的受力情况如图1－15丁所示图1－15丁在y方向，由平衡条件得：F N2＝mg cos θ在x方向，由牛顿第二定律得：－mg sin θ－μF N2＝ma2联立以上各式可得：F＝60 N．【点评】①斜面(或类斜面)问题是高中最常出现的物理模型．②正交分解法是求解高中物理题最重要的思想方法之一．二、连接体问题(整体法与隔离法)高考卷中常出现涉及两个研究对象的动力学问题，其中又包含两种情况：一是两对象的速度相同需分析它们之间的相互作用，二是两对象的加速度不同需分析各自的运动或受力．隔离(或与整体法相结合)的思想方法是处理这类问题的重要手段．1．整体法是指当连接体内(即系统内)各物体具有相同的加速度时，可以把连接体内所有物体组成的系统作为整体考虑，分析其受力情况，运用牛顿第二定律对整体列方程求解的方法．2．隔离法是指当研究对象涉及由多个物体组成的系统时，若要求连接体内物体间的相互作用力，则应把某个物体或某几个物体从系统中隔离出来，分析其受力情况及运动情况，再利用牛顿第二定律对隔离出来的物体列式求解的方法．3．当连接体中各物体运动的加速度相同或要求合外力时，优先考虑整体法；当连接体中各物体运动的加速度不相同或要求物体间的作用力时，优先考虑隔离法．有时一个问题要两种方法结合起来使用才能解决．●例7如图1－16所示，在光滑的水平地面上有两个质量相等的物体，中间用劲度系数为k的轻质弹簧相连，在外力F1、F2的作用下运动．已知F1＞F2，当运动达到稳定时，弹簧的伸长量为()图1－16A ．F 1－F 2kB ．F 1－F 22kC ．F 1＋F 22kD ．F 1＋F 2k【解析】取A 、B 及弹簧整体为研究对象，由牛顿第二定律得：F 1－F 2＝2ma取B 为研究对象：kx －F 2＝ma(或取A 为研究对象：F 1－kx ＝ma )可解得：x ＝F 1＋F 22k． [答案] C【点评】①解析中的三个方程任取两个求解都可以．②当地面粗糙时，只要两物体与地面的动摩擦因数相同，则A 、B 之间的拉力与地面光滑时相同．★同类拓展3 如图1－17所示，质量为m 的小物块A 放在质量为M 的木板B 的左端，B 在水平拉力的作用下沿水平地面匀速向右滑动，且A 、B 相对静止．某时刻撤去水平拉力，经过一段时间，B 在地面上滑行了一段距离x ，A 在B 上相对于B 向右滑行了一段距离L (设木板B 足够长)后A 和B 都停了下来．已知A 、B 间的动摩擦因数为μ1，B 与地面间的动摩擦因数为μ2，且μ2＞μ1，则x 的表达式应为( )图1－17A ．x ＝M m LB ．x ＝(M ＋m )L mC ．x ＝μ1ML (μ2－μ1)(m ＋M )D ．x ＝μ1ML (μ2＋μ1)(m ＋M ) 【解析】设A 、B 相对静止一起向右匀速运动时的速度为v ，撤去外力后至停止的过程中，A 受到的滑动摩擦力为：f 1＝μ1mg其加速度大小a 1＝f 1m＝μ1g B 做减速运动的加速度大小a 2＝μ2(m ＋M )g －μ1mg M由于μ2＞μ1，所以a 2＞μ2g ＞μ1g ＝a 1即木板B 先停止后，A 在木板上继续做匀减速运动，且其加速度大小不变对A 应用动能定理得：－f 1(L ＋x )＝0－12m v 2 对B 应用动能定理得：μ1mgx －μ2(m ＋M )gx ＝0－12M v 2 解得：x ＝μ1ML (μ2－μ1)(m ＋M )． [答案] C【点评】①虽然使A 产生加速度的力由B 施加，但产生的加速度a 1＝μ1g 是取大地为参照系的．加速度是相对速度而言的，所以加速度一定和速度取相同的参照系，与施力物体的速度无关．②动能定理可由牛顿第二定律推导，特别对于匀变速直线运动，两表达式很容易相互转换．三、临界问题●例8 如图1－18甲所示，滑块A 置于光滑的水平面上，一细线的一端固定于倾角为45°、质量为M 的光滑楔形滑块A 的顶端P 处，细线另一端拴一质量为m 的小球B ．现对滑。
高考物理二轮复习专题：电学实验仪器及电路的选择
（二）电流表内外接法的选择：
2. 误差分析：
电压表可看成一个大电阻，内阻为RV。
（2）外接法: 误差来源于电压表分流
I测 I x +IV U测 U x
R测
=
U测 I测
Ux Ix +IV
Rx RV Rx RV
R测 Rx
也可以理解为测量出来的电阻其实是待测电阻
与电压表并联后的总电阻
1 11 R测 Rx RV
电压表V1(量程0～3V，内阻等于3kΩ) 电压表V2(量程0～15V，内阻等于15kΩ) 电流表A1(量程0～200mA，内阻等于10Ω) 电流表A2(量程0～3A，内阻等于0.1Ω) 滑动变阻器R1(0～10Ω，额定电流2A) 滑动变阻器R2(0～1kΩ，额定电流0.5A) 定值电阻R3(阻值等于1Ω) 定值电阻R4(阻值等于10Ω) 定值电阻R5(阻值等于1kΩ) 电源E(E＝6V，内阻不计) （1）请画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符 号旁. （2）该同学描绘出的I－U图象应是上图中的________
4.（1）见下图（2）B
（二）电流表内外接法的选择：
2. 误差分析：
电流表可看成一个小电阻，内阻为RA。
（1）内接法: 误差来源于电流表分压
U测 U x +U A I测 I x
R测
U测 I测
Ux +U A Ix
Rx +RA
R测 Rx
也可以理解为测量出来的电阻其实是待测电阻 与电流表串联后的总电阻，即 R测 Rx +RA
表选0.3A量程 I P 0.3A
U
③由题目给的数据:如U - I图；
（二）电流表内外接法的选择：
1.记住口诀：“大内偏大，小外偏小”
高考二轮物理复习专题：弹簧问题(附答案)
专题弹簧类问题(附参考答案)高考动向弹簧问题能够较好的培养学生的分析解决问题的能力和开发学生的智力，借助于弹簧问题，还能将整个力学知识和方法有机地结合起来系统起来，因此弹簧问题是高考命题的热点，历年全国以及各地的高考命题中以弹簧为情景的选择题、计算题等经常出现，很好的考察了学生对静力学问题、动力学问题、能量守恒问题、功能关系问题等知识点的理解，考察了对于一些重要方法和思想的运用。
弹簧弹力的特点：弹簧弹力的大小可根据胡克定律计算（在弹性限度内），即F=kx，其中x是弹簧的形变量（与原长相比的伸长量或缩短量，不是弹簧的实际长度）。
高中研究的弹簧都是轻弹簧（不计弹簧自身的质量，也不会有动能和加速度）。
不论弹簧处于何种运动状态（静止、匀速或变速），轻弹簧两端所受的弹力一定等大反向。
弹簧的弹力属于接触力，弹簧两端必须都与其它物体接触才可能有弹力。
如果弹簧的一端和其它物体脱离接触，或处于拉伸状态的弹簧突然被剪断，那么弹簧两端的弹力都将立即变为零。
在弹簧两端都保持与其它物体接触的条件下，弹簧弹力的大小F=kx与形变量x成正比。
由于形变量的改变需要一定时间，因此这种情况下，弹力的大小不会突然改变，即弹簧弹力大小的改变需要一定的时间。
（这一点与绳不同，高中物理研究中，是不考虑绳的形变的，因此绳两端所受弹力的改变可以是瞬时的。
）一、与物体平衡相关的弹簧例．如图示，两木块的质量分别为m1和m2，两轻质弹簧的劲度系数分别为k1和k2，上面木块压在上面的弹簧上(但不拴接)，整个系统处于平衡状态．现缓慢向上提上面的木块，直到它刚离开上面弹簧．在这过程中下面木块移动的距离为( )A.m1g/k1B.m2g/k2C.m1g/k2D.m2g/k2此题是共点力的平衡条件与胡克定律的综合题．题中空间距离的变化，要通过弹簧形变量的计算求出．注意缓慢上提，说明整个系统处于一动态平衡过程，直至m1离开上面的弹簧．开始时，下面的弹簧被压缩，比原长短(m1 + m2)g／k2，而m l刚离开上面的弹簧，下面的弹簧仍被压缩，比原长短m2g／k2，因而m2移动△x＝(m1 + m2)·g／k2 -m2g／k2＝m l g／k2．参考答案:C此题若求m l移动的距离又当如何求解?二、与分离问题相关的弹簧两个相互接触的物体被弹簧弹出，这两个物体在什么位置恰好分开？这属于临界问题。
高三物理二轮复习--做好专题复习,构建知识网络
解知识间的纵横联系 ，从 而构 建～个完整 的知识结构
体系 。另外 ， 要在理解 的基 础上 ， 能够综合各部分 的内
容。 进一步提高解题 能力。因此要研究高 考样 题 ， 做好
重 点 内容 的 强 化 复 习 ， 突出重点 ， 抓 住主干 知识 ， 关注
⑧ 对物理 思维含 量高 、 主干知识 、 学生 易错 的典 型过程等反复命题。
２ ． 根据以上特点 ， 做好 以下几个方面
二、 内容安排
专题一 ： 力与运动
“ 力 与运动 ” 是贯穿 整个 高 中物理 的重难 点 ， 即使
一
一
（ １ ） 注重新课标下 的高考研究 ， 落实新 的课程理念
理模 型建立考查 。
为达到第二轮复 习的 目 的， 将 以专题复习的模式为
主 。专题复习要做到 ： 针对性 、 主要性 、 概括性 、 综合性。 具体做法如下 ：
一
周时间。
电学 中的 电场 、 磁 场与 电磁感 应也是 “ 力 与运 动” 的另
一
种表现形式 。 最 近几年 高考 ， 能力的考查往往落实在
“ 力与运动” 上， 该环节连续几年都 出现了区分度较大
的计算 题 目。这部分 内容在 高考 中实 际 占到大约６ ０ ％
以上 。
囊 黪 骧
、
④ 注重学科 主干知识 的考查 。
时间按 排 ： 第二 学期３ 月 中旬 至５ 月上旬 ， ７ － ８
⑤ 实验考查注重考查原理、 操作、 方法和创新。 ⑥ 试题的难度向中档题靠拢 。 ⑦ 不回避陈题。
①《 课程标 准》 ： 高考命题 的思想必须与课程标 准
高考物理二轮复习讲义：专题7+感应电荷量的应用
专题7 感应电荷量的应用1.安培力的冲量大小感应电流通过直导线时，直导线在磁场中要受到安培力的作用，当导线与磁场垂直时，安培力的大小为F=BIL。
方法1 微元法由于感应电流通常变化，所以安培力为变力，求时间t内安培力的冲量必须用微元法，在极短时间∆t内认为安培力为定值，则安培力冲量大小为I i=BI i L∆t = BLq i，求和可得全过程安培力冲量大小为I = BL∆q，其中∆q为此过程流过导体棒任意截面的电荷量。
方法2 平均电流法设此过程电流对时间的平均值为I，则∆q=It，所以安培力冲量通用表达式为：BILt BL q=∆，即感应电荷量与时间和安培力的冲量相联系。
2.感应电荷量在前面利用平均感应电流I=ER与和平均感应电动势E nt∆Φ=解得感应电荷量q=I t = nR∆Φ。
如果是由于导体棒切割产生的感应电荷量，则B S BLxq n nR R∆==，其中x为导体棒运动的距离，即感应电荷量与空间距离相联系。
3.感应电荷量的时空联系感应电荷量连接空间距离和安培力的冲量，因此在非匀变速运动中，如果题目求导体棒的位移，通常用感应电荷量和动量定理求解。
在分析电磁感应问题中，往往求解物体的初速度v0、末速度v、时间t、位移x、电荷量q 这5个物理量的时候，通常采用安培力的冲量，按此模型处理方法进行处理。
4.实例分析以2022年6月浙江选考19题第3问为例，如图1所示，用于推动模型飞机的动子（图中未画出）与线圈绝缘并固定，线圈带动动子，可在水平导轨上无摩擦滑动。
线圈位于导轨间的辐向磁场中，其所在处的磁感应强度大小均为B 。
开关S 与1接通，恒流源与线圈连接，动子从静止开始推动飞机加速，飞机达到起飞速度时与动子脱离；此时S 掷向2接通定值电阻R 0，同时施加回撤力F ，在F 和磁场力作用下，动子恰好返回初始位置停下。
若动子从静止开始至返回过程的v -t 图如图2所示，在t 1至t 3时间内F =(800-10v )N ，加速度不变恒为a =160m/s 2，t 3时撤去F 。
2007高考全国Ⅱ理综(物理部分)
2007高考全国Ⅱ理综（物理部分）14．对一定质量的气体，下列说法正确的是 A 易A ．在体积缓慢地不断增大的过程中，气体一定对外界做功B ．在压强不断增大的过程中，外界一定对气体做功C ．在体积不断被压缩的过程中，内能一定增加D ．在与外界没有发生热量交换的过程中，内能一定不变15．一列横波在x 轴上传播，在x =0与x =1cm 的两点的振动图线分别如图中实线和虚线所示。
由此可以得出 BC 中A ．波长一定是4cmB ．波的周期一定是4sC ．波的振幅一定是2cmD ．波的传播速度一定是1cm/s16．如图所示，PQS 是固定于竖直平面内的光滑的1/4圆周轨道，圆心O 在S 的正上方。
在O 和P 两点各有一质量为m 的小物块a 和b ，从同一时刻开始，a 自由下落，b 沿圆弧下滑。
以下说法正确的是 A 易 A ．a 比b 先到达S ，它们在S 点的动量不相等 B ．a 与b 同时到达S ，它们在S 点的动量不相等 C ．a 比b 先到达S ，它们在S 点的动量相等D ．b 比a 先到达S ，它们在S 点的动量相等17．如图，P 是一偏振片，P 的透振方向（用带有箭头的实线表示）为竖直方向。
下列四种入射光束中，哪几种照射P 时能在P 的另一侧观察到透射光？ ABD 易 A ．太阳光B ．沿竖直方向振动的光C ．沿水平方向振动的光D ．沿与竖直方向成45°角振动的光18．氢原子在某三个相邻能级之间跃迁时，可发出三种不同波长的辐射光。
已知其中的两个波长分别为λ1、λ2，且λ1>λ2，则另一个波长可能是 CD 易A ．λ1+λ2B ．λ1-λ2C ．2121λλλλ+D ．2121λλλλ-19．如图所示，一带负电的质点在固定的正的点电荷作用下绕该正电荷做匀速圆周运动，周期为T 0，轨道平面位于纸面内，质点的速度方向如图中箭头所示。
现加一垂直于轨道平面的匀强磁场，已知轨道半径不因此而改变，则 AD 中 A ．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将大于T 0 B ．若磁场方向指向纸里，质点运动的周期将小于T 0 C ．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将大于T 0 D ．若磁场方向指向纸外，质点运动的周期将小于T 020W 表示探测器从脱离火箭处飞到月球的过程中克服地球引力做的功，用E k 表示探测器脱离火箭时的动能，若不计空气阻力，则 BD 难A ．E k 必须大于或等于W ，探测器才能到达月球B ．E k 小于W ，探测器也可能到达月球C ．E k =W /2，探测器一定能到达月球D ．E k =W /2，探测器一定不能到达月球21．如图所示，在PQ 、QR 区域中存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面。
2007年高考全国2卷理综试题物理部分ppt课件
06计算题部分 16+19+20分
13
23．（16分）如图所示，位于竖直平面内的 光滑有轨道，由一段斜的直轨道与之相切的 圆形轨道连接而成，圆形轨道的半径为R。 一质量为m的小物块从斜轨道上某处由静止 开始下滑，然后沿 圆形轨道运动。要 求物块能通过圆形 轨道最高点，且在 该最高点与轨道间 的压力不能超过5mg （g为重力加速度）。求物块初始位置相对 于圆形轨道底部的高度h的取值范围。 14
采用的测量电路图如图所示，实验步骤如下：①断开S1 和S2，将R调到最大；②合上S1调节R使 AA 满偏；③合上 S2，调节R1使 AA 半偏，此时可以认为 AA 的内阻rg＝R1， 试问：
（ⅰ）在上述可供选择的器材中，可变电阻R1应该选择 ① ；为了使测量尽量精确，可变电阻R应该选择 ② ； 电源E应该选择 ③ 。 （ⅱ）认为内阻rg＝R1，此结果与rg的真实值相比 ④ 。 （填“偏大”、“偏小”或“相等”）
24．（19分）用放射源钋的α射线轰击铍时，能发 射出一种穿透力极强的中性射线，这就是所谓铍 “辐射”。1932年，查德威克用铍“辐射”分别 照射（轰击）氢和氨（它们可视为处于静止状 态）。测得照射后沿铍“辐射”方向高速运动的 氨核和氦核的质量之比为7：0。查德威克假设铍 “辐射”是由一种质量不为零的中性粒子构成的， 从而通过上述实验在历史上首次发现了中子。假 设铍“辐射”中的中性粒子与氢或氦发生弹性正 碰，试在不考虑相对论效应的条件下计算构成铍 “辐射”的中性粒子的质量。（质量用原子质量 单位u表示，1u等于1个12C原子质量的十二分之 一。取氢核和氦核的质量分别为1.0u和14u。）15
3
16．如图所示，PQS是固定于竖直平面内的光滑 的1/4圆周轨道，圆心O在S的正上方，在S和P两 点各有一质量为m的小物块a和b，从同一时刻开 始，a自由下落，b沿圆弧下滑。以下说法正确的 是 A a比b先到达S，它们在S点的动量不相等 B a与b同时到达S，它们在S点的动量不相等 C a比b先到达S， 它们在S点的动量相等 D b比a先到达S， 它们在S点的动量不相等
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2007年高考物理第二轮专题复习——热、光、原子物理高中物理由力学、热学、电磁学、光学和原子物理五部分组成，其中从内容和高考分值来看，力学和电磁学分别占40%左右，而热学、光学和近代物理共占约20%，并且这三部分内容相对独立，综合性小，难度不大，高考中多以选择题形式出现，着重考查对概念和规律的识记、理解能力。
1、分子动理论、能量转化和守恒定律和气体的压强是热学的重点内容。
在分子动理论中，阿伏加德罗常数是联系宏观物理量（物体的质量、体积、密度）和微观物理量（分子的体积、质量）的桥梁，在与分子有关的计算中，应建立分子的物理模型，以阿伏加德罗常数为突破点，运用数学工具综合解决问题。
要透彻地理解内能的概念，牢固竖立能量转化和守恒的观念，熟练地应用热力学第一定律定性分析物体内能的变化，深刻地理解和掌握热力学第二定律。
2、光学包括几何光学和物理光学两部分。
几何光学以光的直线传播为基础，主要讨论了光在反射和折射现象中所遵循的反射定律和折射定律及在实际中的应用，其中平面镜成像、棱镜的色散作用、折射率的概念、全反射现象、光路作图是重点。
物理光学是按照人类对光的本性的认识过程展开的，掌握光的干涉、衍射、偏振、光电效应现象，了解牛顿支持的微粒说和惠更斯的波动说、麦克斯韦的电磁说及爱因斯坦的光子说。
物理光学这部分内容应特别注意认真观察实验事实，经过抽象思维，理解现象的本质。
3、原子物理虽然内容不多，难度不大，但是由于它和力学、电学、光学及热学知识的密切联系，与化学、生物、医学知识的相互渗透，与日常生活、现代科技的结合，因此所命题目题型新颖，综合性强，是目前理科综合考试的命题热点。
重点考查α粒子散射实验、原子的核式结构、原子核的衰变、核能及核反应方程，其中核反应方程、原子的能级、质能方程等命题率较高，对物理学史、著名实验和重要的物理学理论也时有出现。
一、选择题1、从下列哪一组数据可以推算出阿伏加德罗常数（ ）A 、水分子的体积和水分子的质量B 、水的摩尔质量和水分子的体积C 、水的密度和水的摩尔质量D 、水分子的质量和水的摩尔质量【考点剖析】阿伏加德罗常数是联系宏观世界和微观世界的桥梁。
通过阿伏加德罗常数可以把摩尔质量、摩尔体积等宏观物理量与分子质量、分子大小等微观物理量联系起来。
【详细解析】答案：D 。
分子质量m 与摩尔质量M 的关系：A N m M ⋅=，已知水分子的质量m 和水的摩尔质量M ，就可算出阿伏加德罗常数N A 。
【变式练习1】只要知道下列哪一组物理量，就可以估算出气体分子间的平均距离？（ ） A 、阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和质量 B 、阿伏加德罗常数、该气体的摩尔质量和密度 C 、阿伏加德罗常数、该气体的质量和体积 D 、该气体的密度、体积和摩尔质量 【解析】答案：B 。
设该气体的摩尔质量为M ，密度为ρ，则气体的摩尔体积为V ＝M/ρ。
每个气体分子占据的体积为v ＝V/N A 。
气体分子占据的空间可看作一个边长为d 的正方体，则分子间的平均距离为33AN Mv d ρ==。
由此可知，气体分子间的平均距离与阿伏加德罗常数N A 、气体的摩尔质量M 和密度ρ（或气体的体积和质量）有关。
2、关于布朗运动，下列说法正确的是（ ）A 、布朗运动是指液体分子的无规则运动B 、布朗运动是热运动C 、固体小颗粒的体积越大，液体分子对它的撞击越多，布朗运动越显著。
D 、温度越高液体分子对固体小颗粒的撞击越多，布朗运动越显著。
【考点剖析】布朗运动是证明分子在永不停息地无规则运动的典型实验，应认清什么是布朗运动、产生布朗运动的原因和影响布朗运动的因素。
【详细解析】答案：D 。
布朗运动是指悬浮在液体（或气体）的微粒永不停息地做无规则运动，它不是分子运动，也不是液体分子的运动，而是固体微粒的运动。
热运动是指分子的无规则运动，不是布朗运动。
固体微粒体积越小，对它的撞击越不平衡，布朗运动就越显著；固体微粒过大，液体分子对它的碰撞在各个方向是均匀的，就不会做布朗运动了。
温度越高，液体分子运动越剧烈，液体分子对它的碰撞就越不均匀，撞击也就越不平衡，因而布朗运动就越显著。
【变式练习2】如图所示，是在观察中记录的微粒做布朗运动的情形。
以微粒在A 点开始计时，每隔30s 记下微粒的一个位置，用直线把它们依次连接起来，得到B 、C 、D 、E 、F 、G 等点，下列说法正确的是（ ）A 、这些线段是微粒做布朗运动的轨迹B 、在AB 之间的某一时刻，微粒一定在AB 连线上的某一位置处C 、在CD 之间的某一时刻，微粒一定不在CD 连线上的某一位置处D 、在EF 之间的某一时刻，微粒可能在EF 连线上的某一位置处【解析】答案：D 。
微粒运动位置的连线并不等同于微粒或液体分子的运动轨迹。
这是因为记录下来的是每隔一定时间观察到的微粒在那一时刻的位置，而在这一段时间内的任一时刻微粒位置并不确定。
在这一段时间内微粒仍在频繁地碰撞（每秒约1021次）。
因此在EF 之间的某一时刻，微粒可能在EF 连线上的某一位置处。
3、如图所示，甲分子固定在坐标原点O ，乙分子位于x 轴上，甲分子对乙分子的作用力与两分子间距离的关系如图中曲线所示，F ＞0为斥力，F ＜0为引力。
a 、b 、c 、d 为x 轴上四个特定的位置。
现把乙分子从a 处静止释放，则（ ）A 、乙分子从a 到b 做加速运动，从b 到c 做减速运动B 、乙分子从a 到c 做加速运动，到达c 时速度最大C 、乙分子从a 到b 的过程中，两分子间的分子势能一直减少D 、乙分子从b 到d 的过程中，两分子间的分子势能一直增加【考点剖析】本题取材于课本，要求全面而准确地理解F —r 图象的意义、分子力做功与分子势能、动能的变化关系。
【详细解析】答案：BC 。
乙分子从a 经b 运动到c 的过程中，分子力为引力；从c 到d 的过程中，分子力为斥力。
故乙分子从a 到c 做加速运动，到达c 时速度最大；乙分子从a 到b 的过程中，分子力做正功，两分子间的分子势能一直减少。
【变式练习3】分子间同时存在着引力和斥力，若分子间引力、斥力随分子间距离r 的变化规律分别为：a r b f =引，cr df =斥。
当分子间的分子力表现为斥力时，r 必须满足（ ） A 、ac bd r -<B 、a c b d r ->C 、a c bd r ->1D 、a c bdr -<1【解析】答案：A 。
分子间的引力和斥力都随着分子间距离的增大而减小，但斥力减小得更快，则c a <。
斥引f f <，即：ca r dr b <，d b r c a >-， ∵c a <， ∴ a c bdr -<。
4、如图所示，A 、B 是两个管状容器，除了管较粗的部分高低不同之外，其他一切都相同。
将两容器抽成真空，再同时插入两个水银池中。
设水银与外界没有热交换，当水银柱停止运动时，比较A 、B 两管中水银温度，则（ ）A 、A 管中水银温度高B 、B 管中水银温度高C 、两管中水银温度相同D 、条件不足，不能比较【考点剖析】竖立能量转化和守恒的观点，用功能关系分析热学问题是今后高考热学考查的重点。
【详细解析】答案：A 。
大气对两管中水银做的功相同，但A 管中水银的重力势能较小，所以A 管中水银的内能增加较多，其温度高于B 管中水银温度。
【变式练习4】如图所示，A 、B 两球完全相同，分别浸没有盛有水和水银容器的同一深度内，A 、B 两球用同一种特殊的材料制作，当温度稍微升高时，球的体积明显增大。
如果水和水银的初温及缓慢升高后的末温都相同，且两球膨胀后体积也相同，两球不上升，则（ ）A 、A 球吸收的热量多B 、B 球吸收的热量多C 、两球吸收的热量一样多D 、不能比较A 、B 吸收热量的多少【解析】答案：B 。
因为水和水银的初温及末温都相同，两球膨胀后体积也相同，故A 、B 两球内能的增加量相同。
但由于在深度相同时，A 球受到的压力大于B 球受到的压力，所以两球膨胀后体积增大时，A 球克服外力做的功大于B 球克服外力做的功。
综上所述可知A 球吸收的热量多。
5、如图所示，一个点光源S 通过平面镜成像，点光源S 不动，平面镜以速率v 沿OS 方向向光源S 平移，平面镜与OS 方向夹角为θ＝300，则光源S 的像S /（图中未画出）（ ） A 、以速率v 平行于OS 向右运动 B 、以速率v 垂直于OS 向下运动 C 、以速率v 3沿S /S 连线向S 运动 D 、以速率v 沿S /S 连线向S 运动x O F ↑→a bc d A 水水银B A BAB CD E F G【考点剖析】平面镜成像是几何光学的重点内容，也是光的反射在实际的应用。
应重点掌握平面镜成像的特点、作图方法和几何知识的应用。
【详细解析】答案：D 。
根据平面镜成像的特点作出S 的像S /，SS / 的连线与平面镜垂直，P 为垂足，M 为镜与直线OS 的交点，由几何关系知，△MSS /为等边三角形。
S 不动，则S /点沿S /S 连线向S 运动，并且在相同的时间内，S /向S 移动的距离与M 向S 移动的距离相等，即S / 向S 运动的速率与M 向S 运动的速率相等。
【变式练习5】如图所示，OM 为很薄的双面镜的截面图，S 为固定的点光源。
开始时S 与OM 在同一直线上，当镜以角速度ω绕O 点匀速逆时针转动时，则关于光源S 的像S / 的运动情况，下列说法正确的是（ ） A 、作直线运动 B 、作变速圆周运动，圆心在O 点 C 、作匀速圆周运动，圆心在O 点，角速度为2ω D 、作非圆周的曲线运动【解析】答案：C 。
如图所示，当镜绕O 点以角速度ω匀速逆时针转动θ角时，作出光源S 的像S /，则OS /＝OS ，OS / 转过的角度为2θ，所以像S / 作匀速圆周运动，并且圆心在O 点，角速度为2ω。
6、如图所示，abc 为一全反射棱镜，它的主截面是等腰直角三角形。
一束白光垂直入射到ac 面上，在ab 面上发生全反射。
若光线入射点O 的位置保持不变，改变光线的入射方向（不考虑自bc 面反射的光线），则（ ）A 、使入射光按图中的顺时针方向逐渐偏转，则红光首先射出ab 面B 、使入射光按图中的顺时针方向逐渐偏转，则紫光首先射出ab 面C 、使入射光按图中的逆时针方向逐渐偏转，则红光首先射出ab 面D 、使入射光按图中的逆时针方向逐渐偏转，则紫光首先射出ab 面【考点剖析】本题要求掌握全反射棱镜的特点、发生全反射的条件、不同色光的临界角的大小关系及相应的数学知识。
【详细解析】答案：A 。
当入射光按顺时针方向逐渐偏转时，进入棱镜中的折射光线也按顺时针方向逐渐偏转，它再射到ab 面上时的入射角将逐渐变小，减小到临界角以下时，从ab 面上就会有光线射出。