四川省绵阳市2013-2014学年高二下学期期末考试物理试题及答案
保密 ★ 启用前 【考试时间：2014年7月1日14:10 — 15:50】绵阳市高中2013-2014学年高二下学期期末教学质量测试物 理本试卷分为试题卷和答题卡两部分，其中试题卷由第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）组成，共6页；答题卡共2页。
满分100分，考试时间100分钟。
注意事项：1. 答题前，考生务必将自己的学校、班级、姓名用0.5毫米黑色签字笔填写清楚，同时用2B 铅笔将考号准确填涂在“准考证号”栏目内。
2. 选择题使用2B 铅笔填涂在答题卡对应题目标号的位置上，如需改动，用橡皮擦擦干净后再选涂其它答案；非选择题用0.5毫米黑色签字笔书写在答题卡的对应框内，超出答题区域书写的答案无效；在草稿纸、试题卷上答题无效。
3. 考试结束后将答题卡收回。
第Ⅰ卷(选择题，共54分)一．本大题12小题，每小题3分，共36分。
在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的。
1. 发电机的基本原理是电磁感应。
发现电磁感应现象的物理学家是 A. 安培 B. 赫兹 C. 法拉第 D. 麦克斯韦2. 对于磁场中的闭合电路A. 当闭合电路做切割磁感线运动，电路中就一定有感应电流B. 当闭合电路静止，电路中就一定没有感应电流C. 只要闭合电路内有磁通量，闭合电路中就有感应电流D. 只要穿过闭合电路的磁感线条数发生变化，闭合电路中就有感应电流 3. 下列说法不正确的是A. 传感器是把被测非电信息转换为电信息的装置B. 热敏电阻一定是用金属材料制成的C. 用半导体制成的热敏电阻，可以作为测温元件D. 用半导体制成的光敏电阻，可以起到开关的作用4. 夏天，在北半球，当我们抬头观看教室内的电扇时，发现电扇正在逆时针转动。
金属材质的电扇示意图如图，由于地磁场的存在，下列关于A 、O 两点的电势及电势差的说法，正确的是A. A 点电势比O 点电势高B. A 点电势比O 点电势低C. A 点电势等于O 点电势D. 扇叶长度越短，转速越快，两点间的电势差数值越大5. 如图所示为一列在均匀介质中沿x 轴正方向传播的简谐横波在某时刻的波形图，波速为4m/s ，则 A. 质点P 此时刻的振动方向沿y 轴正方向 B. 质点P 的振幅比质点Q的振幅小 C. 经过时间t =3s ，质点Q 通过的路程是0.6mD. 经过时间t =3s ，质点P 将向右移动12 m6. 穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t 变化的图象分别如图甲、乙、丙、丁所示，下列关于回路AO 仰视图中产生的感应电动势的说法，正确的是A. 图甲，感应电动势不为零且恒定不变B. 图乙，感应电动势一直增大C. 图丙，0～t1时间内的感应电动势小于t1～t2时间内的感应电动势D. 图丁，感应电动势先变小再变大7. 如图所示为音箱的电路图，高、低频混合电流由a、b端输入，L1和L2是线圈，C1和C2是电容器，则A. 甲扬声器是低频扬声器B. C2的作用是阻碍高频电流通过乙扬声器C. L1的作用是阻碍低频电流通过甲扬声器D. L2的作用是减少通过乙扬声器的高频电流8. 如图所示，一闭合直角三角形线框以速度v匀速穿过匀强磁场区域，从AC边进入磁场区开始计时，到B点离开磁场区的过程中，线框内感应电流的情况（以逆时针方向为电流的正方向）是9. ω绕ab边转动，磁场方向垂直于纸面向里，线圈所围面积为S，线圈导线的总电阻为R。
t=0时刻线圈平面与纸面重合，且cd边正向纸面外运动。
则A. 时刻t线圈中电流的瞬时值tRBSiωωcos=B. 线圈中电流的有效值RBSIω=C. 线圈中电流的有效值RBSI22ω=D. 线圈中电流的电功率RBSP2)(ω=10. 如图所示，有一列沿x轴正方向传播的简谐横波，图中实线和虚线分别是该波在t=0和t=0.03s 时刻的波形图，则A. 该波的波速可能是10m/sB. 该波的频率可能是25 HzC. 在t=0.03s时刻，x=0.3m处质点的位移是5cmD. 在t=0时刻，x=1.4m处质点的速度方向沿y轴负方向11.如图所示的电路中，理想变压器原、副线圈的匝数比甲乙丁丙12ab cdBDD 为理想二极管，则A. 灯泡L 不能正常发光B. 二极管的反向耐压值应大于250VC. 原线圈的输入功率为200WD. 通过副线圈的电流有效值为3A12. 如图所示，红色细光束a 射到折射率为2的透明球表面，入射角为45°，在球的内壁经过一次反射后，从球面射出的光线为b ，则入射光线a 与出射光线b 之间的夹角α为A. 30°B. 45°C. 60°D. 75°二、本大题6小题，每小题3分，共18分。
在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确，全对得3分，选对但不全得1分，有错或不选得0分。
13. 关于电磁波谱，下列说法中正确的是A. 红外线的频率与固体物质分子的固有频率很接近B. 医院里常用X 射线对病房和手术室进行消毒C. 利用紫外线的荧光效应来做防伪标识D. γ射线波长比X 射线波长长14．如图所示的电路中，电源的电动势为E ，内阻r 忽略不计，电感L 的电阻不计，电阻R 的阻值小于灯泡D 的阻值，下列说法中正确的是 A. 闭合开关S 后，灯D 逐渐变亮 B. 闭合开关S 时，灯D 立即发光C. 断开开关S 后，灯D 逐渐熄灭D. 断开开关S 后，灯D 先闪亮一下，然后逐渐熄灭15. 固定的半圆形玻璃砖的横截面如图，O 点为圆心，OO '为直径MN 的垂线。
足够大的光屏PQ 紧靠玻璃砖右侧且垂直于MN 。
由A 、B 两种单色光组成的一束光沿半径方向射向O 点，入射光线与OO '夹角θ较小时，光屏NQ 区域出现两个光点，逐渐增大θ角，当θ=α时，光屏NQ 区域A 光的光斑消失，继续增大θ角,当θ=β时，光屏NQ 区域B 光的光斑消失，则A. 在真空中，A 光的波长比B 光的小B. 在真空中，A 光的传播速度比B 光的小C. 在玻璃砖中，A 光的传播速度比B 光的大D. 用同一装置进行双缝干涉实验，A 的相邻条纹间距较小16. 如图为远距离输电示意图，发电机的输出电压U1和输电线的电阻、理想变压器匝数均不变，且 n 1:n 2=n 4:n 3。
当用户用电器的总电阻减少时A. U 1:U 2=U 4:U 3B. 用户的电压U 4增加C. 输电线上损失功率增大D.用户消耗的功率等于发电机的输出功率17. 如图甲是一列沿x 轴正方向传播的简谐横波在t =0时刻的波形图，P 是x 1=2m 处的介质质点，降压变压器 升压变压器Q 是x 2=4m 处的介质质点，此时x 3=6m 处的介质质点刚刚要开始振动。
图乙是该简谐波传播方向上的某一质点的振动图象(计时起点相同)，由此可知A. 这列波的周期T =3sB. 这列波的传播速度v =2m/sC. 这列波的波源起振方向沿y 轴正方向D. 乙图可能是甲中质点Q 的振动图象18. 如图所示，ABCD 为固定的水平光滑矩形金属导轨，处在方向竖直向下，磁感应强度为B 的匀强磁场中，A 、B 间距为L ，左右两端均接有阻值为R 的电阻，质量为m 、长为L 且不计电阻的导体棒MN 放在导轨上，与导轨接触良好，与左端固定在O 点的轻质弹簧连接组成弹簧振子。
开始时，弹簧处于自然长度，导体棒MN 具有水平向左的初速度v 0，经过一段时间，导体棒MN 第一次运动到最右端，这一过程中A 、B 间的电阻R 上产生的焦耳热为Q ，已知运动过程中MN 始终与AD 、BC 垂直，则A ．初始时刻棒所受的安培力大小为RL B 0222υB ．当棒第一次到达最左端时，弹簧具有的弹性势能为Q m -2021υ C ．当棒第一次到达最右端时，弹簧具有的弹性势能为Q m 22120-υD ．当棒第二次回到初始位置时，A 、B 间电阻的热功率为RL B 2222υR第Ⅱ卷(非选择题，共46分)三．本大题4小题。
共14分。
19. 宇宙飞船沿一直线飞行，相对地球地面的速度为v =0.5c （c 为光速）时，地面上观察者测得飞船长为L ，飞船的固有长度为L 0，则L L 0。
(选填“＞”、“＜”或“＝”)。
20. 在如图甲所示的电路中，螺线管匝数n =1500匝，横截面积S =20cm 2，螺线管导线电阻r =1.0Ω，R 1=4.0Ω，R 2=5.0Ω，C =30μF 。
闭合开关，在一段时间内，穿过螺线管的磁场的磁感应强度B 按如图乙所示的规律变化。
电路中电流稳定后电容器两板间的电压是_____V ，下极板带_____电。
21. 两列简谐横波分别沿x 轴正方向和负方向传播，两波源分别位于x =-0.2m 和x =1.2m 处，两列波的波速均为v =0.4m/s 。
波源的振幅均为A =2cm ，如图所示为t =0时刻两列波的波形图，此刻x =0.2m 和x =0.8m 的P 、Q 两质点恰好开始振动。
质点M 的位于x =0.5m 处。
（1）两波相遇的时刻t =______s ；（2）从t =0到t =1.5s 的过程中，质点M 运动的路程为_______cm 。
22. 高压输送的交变电压为2.2×104V ，输送功率为2. 2×106W ，在用户处安装一降压变压器，用户得到的电压为220V ，输电导线总电阻为22Ω。
输电导线上损失的电功率为_____W ，降压变压器原、副线圈匝数之比n 1:n 2=_____。
四．本大题2小题。
共10分。
23. 如图所示，A 为激光的出射点，O 为半圆柱形玻璃横截面的圆心，AO 过半圆顶点。
若某条从A 点发出的与AO 成α角的光线，射到半圆弧上入射角为i ，出射光线平行于AO ，已知P 1和P 2 是竖直插在入射光线上的大头针，在右侧透过半圆柱形玻璃观察，使P 3挡住P 1、P 2的像，使P 4挡住P 3和P 1、P 2的像。
i 和α是已知量。
（1）完成光路图，并标上入射角i 和折射角r 。
（2）此玻璃的折射率n 的计算式是n =_______。
24. 某同学在“用双缝干涉测量光的波长”的实验中，实验装置如图所示。
（1）先取下滤光片，打开光源，调节单缝、双缝使它们互相平行、竖直，单缝中心与光源等高并位于遮光筒的中心轴线上，边调节边观察，直至看到干涉条纹最清晰，这时条纹的特征是：中央为一条_______色亮条纹，其余各级亮条纹都是带彩色的。
（2）测量单色光波长时，在单缝前面加上相应的滤光片，当屏上出现了干涉图样后，转动测量头的手轮，使分划板的中心刻线对齐某一条亮条纹(将这一条纹确定为第1亮条纹)的中心，此时游标尺上的示数为x 1，再转动测量头的手轮，使分划板的中心刻线对齐第6亮条纹的中心，此时游标尺上的示数为x 2，如果实验所用双缝之间的距离d =0.20mm，双缝到屏R2乙光源滤光片 单缝双缝屏的距离L =60cm ，所用的可见光波长λ=590 nm ，那么x 2－x 1= mm 。
绵阳市高2013级第二次诊断性考试物理答案
绵阳市高 2013 级第二次诊断性考试理科综合能力测试物理参考答案及评分意见选择题（ 本题共 7 小题。
其中 1~5 题为单项选择题； 6~7 题为多项选择题，每题全部选对的得6 分，选对但不全的得）3 分，有选错的得 0 分。
1. B2. B3. A4. D5. C6. BCD7. BD非选择题（共 68 分）8.（ 17 分） Ⅰ（6分）（ 1） d（ 2 分）；（ 2） t （ 2 分）；d 22gH 2 t 2t 22 （2 分）。
I/mAⅡ（ 11 分）20（ 1） D ； E ；G （每空 1 分）；（ 2）实验电路如图（ 3 分，电路结构有错得 0 分）；（ 3）伏安特性曲线如图（ 3 分，要求正确描点，并得到 15正确的图线）； A 2 V（4）BC （2 分）。
10R 3LED5R 1SO 1 2 3 4U/V 9.（ 15 分）解：E（ 1）当演习者以最大加速度加速和减速时，所用时间最短。
设演习者加速下滑过程中加速度为a 1， 位移为 x 1，末速度为 v 1，减速下滑过程中加速度是 a 2，位移为 x 2，末速度为 v 2 ，开始下滑的位置离地面高 度为 H ，最后匀速下滑距离为h 。
a 1 =6m/s 2， a 2=5m/s 2， v 2=1m/s ， H =72m ， h=6.1m 。
则2 2a 1 x 1（2 分）1 22 -2a 2 x 2（2 分）21H x 1 x 2 h（2 分）解得 x 2=35.9m 。
x 1=30m（1 分）（ 2）设加速下滑时钢丝绳拉力为f 1，减速下滑时钢丝绳拉力为 f 2，匀速下滑时所钢丝绳拉力为f 3，整个过程中克服钢丝绳拉力所做的功为 W ，则mg f 1 ma 1 （1 分）f 2 mg ma 2（1 分）f 3 mg（1 分）W f 1x 1f 2 x 2 f 3h（3 分）解得W=43170J （2 分）10.（ 17 分）解：（ 1）设导体棒在 x 轴的位置坐标为 x 时，与导轨 MN 交点在 y 轴的位置坐标为 y ，导体棒中感应电动势为E ，感应电流为I ，安培力为 F 1，则EB 2 y（1 分）IE（ 1 分）RF 1 BI 2 y（1 分）F=F 1+mgsin θ（2 分）x=v 0t（ 2 分）y=0.8+0.4sin πx。
2013----2014学年度下学期期末试题集锦
A
P
F E
Q
N
B
D
C
B
M
C
30、如图，∠MON=90°，点 A、B 分别在射线 OM、ON 上移动，BD 是∠NBA 的平分线，BD 的反向延
长线与∠BAO 的平分线相交于点 C. 试猜想：∠ACB 的大小是否随 A、B 的移动发生变化？如果保持不变，请给出证明；如果随点 A、B
的移动发生变化，请给出变化范围.
已知：如图，正方形 ABCD 中，E 为 BD 上一点，AE 的延长线交 CD 于点 F，交 BC 的延 长线于点 G，连结 EC。 （1）求证：△ECF∽△EGC； （2）若 EF＝ 2 ，FG＝ 8 ，求 AE 的长。
在 Rt△ＡＢＣ中,. ∠C=90°,AC=２０cm,BC=１５cm. 现有动点Ｐ从点Ａ出发, 沿ＡＣ向点Ｃ方向运动，动点Ｑ从 点Ｃ出发, 沿线段ＣＢ也向点Ｂ方向运动. 如果点Ｐ的速度是４cm /秒, 点Ｑ的速度是２cm /秒, 它们同时出发,当有 一点到达所在线段的端点时，就停止运动。设运动的时间为ｔ秒 求:（1）用含ｔ的代数式表示 Rt△ＣＰＱ的面积Ｓ； （2）当ｔ＝３秒时，这时,Ｐ、Ｑ两点之间的距离是多少？ （３）当ｔ为多少秒时，以点Ｃ、Ｐ、Ｑ为顶点的三角形与△ＡＢＣ相似？
7.如图，等腰 Rt△ABC 的直角边 AB＝2，点 P、Q 分别从 A、C 两点同时出发，以相同速 度作直线运动．已知点 P 沿线段 AB 运动，点 Q 沿边 BC 的延长线运动(当点 P 运动到 点 B 时两点即停止运动)，PQ 与直线 AC 相交于点 D． (1)设 AP 的长为 x，△PCQ 的面积为 S．求出 S 关于 x 的函数关系式； (2)问是否存在 x 的值,使 S△PCQ=S△ABC ?若存在,请求出 x 的值;若不存在,说明理由. (3)作 PE⊥AC 于点 E，当点 P、Q 运动时，线段 DE 的长 度是否改变?证明你的结论．(本题 9 分)
2013-2014学年下学期期末高二物理试卷
２０１３－２０１４学年下学期期末高二物理试卷说明：本试卷总分100分，考试时间90分钟，试卷中g如是数字计算均取10m/s2选择题（每小题4分，共10小题合计40分，1-6是单选题，7-10是多项选择，漏选得2分，错选不得分）1.在倾角为θ的斜面上有一块竖直挡板，在挡板和斜面之间有一重为G的光滑小球，如图所示，在挡板缓慢放平的过程中，小球对挡板的压力( )A．逐渐增大B．逐渐减小C.先减小后增大D．先增大后减小2.如图所示，在平直轨道做匀变速运动的车厢中，用轻细线悬挂一个小球，悬线与竖直方向保持恒定的夹角θ，则（）A 小车一定向左运动B 小车一定向右运动C 小车一定具有方向向左的加速度D 小车一定具有方向向右的加速度3.如图所示，AB为竖直直径，AC弦为光滑斜面轨道，为了测量滑块从A点由静止释放滑至C点的时间，只需测量的物理量是( )A．AC弦长B．直径ABC．夹角θD．滑块质量4.如图所示,位于水平桌面上的物块块P,由跨过定滑轮的轻绳与物块Q相连,从滑轮到P和到Q的两段绳都是水平的,已知Q与P之间以及P与桌面之间的动摩擦因数都是μ,两物块的质量都是m,滑轮的质量、滑轮轴上的摩擦都不计.若用一水平向右的力F拉P使它做匀速运动,则F的大小为（A ）A. 4μmgB. 3μmgC.. 2μmgD. μmg5.建筑工人用图所示的定滑轮装置运送建筑材料。
质量为70.0kg的工人站在地面上，通过定滑轮将20.0kg的建筑材料以0．5m／s2的加速度拉升，忽略绳子和定滑轮的质量及定滑轮的摩擦，则工人对地面的压力大小为(g取lOm／s2) （）A．510 N B．490 N C．890 N D．910 N 21世纪教育网6.为了节省能量，某商场安装了智能化的电动扶梯。
无人乘行时，扶梯运转得很慢；有人站上扶梯时，它会先慢慢加速，再匀速运转。
一顾客乘扶梯上楼，恰好经历了这两个过程，如图所示。
那么下列说法中正确的是（）A. 顾客始终受到三个力的作用21世纪教育网B. 顾客始终处于超重状态C. 顾客对扶梯作用力的方向先指向左下方，再竖直向下D. 顾客对扶梯作用的方向先指向右下方，再竖直向下7．如图所示，重２０Ｎ的物体放在粗糙的水平面上，用Ｆ＝８Ｎ的力斜向下的力推物体，Ｆ与水平面成300角，物体与水平面的动摩擦因数μ＝0.5，则（）Ａ．物体对地面的压力为２４ＮＢ．物体所受的摩擦力为１２ＮＣ．物体所受的合力为５ＮＤ．物体所受的合力为零8.如图所示，一根轻弹簧竖直放置，小球从弹簧的正上方某处自由落下，从小球接触弹簧开始到弹簧被压缩到最短的过程中，关于小球的运动，下列说法正确的是( ) A．小球的加速度先减小后增大B．小球的加速度先增大后减小C. 小球的速度先增大后减小D．小球的速度不断增大9.如图所示，在倾角为θ的光滑物块P的斜面上有两个用轻弹簧相连接的物体A和B；C为一垂直固定斜面的挡板，A、B质量均为m，弹簧的劲度系数为k，系统静止在水平面上．现对物体A施加一平行于斜面向下的力F压缩弹簧后，突然撤去外力F，则在物体B刚要离开C时(此过程中A始终没有离开斜面)( )A．物体B加速度大小为gsin θ B．弹簧的形变量为mgsin θ/kC．弹簧对B的弹力大小为mgsin θ D．物体A的加速度大小为gsin θ10.滑块以某一初速度沿斜面上滑，其速度——时间图象如图所示，其中可能的是( )二实验题（11题每空2分，12题每小题3分共15分）[来源:21世纪教育网]11．在做《研究匀变速直线运动》的实验时，某同学得到一条纸带，如图所示，并且每隔四个时点取一个计数点，已知每两个计数点间的距离为s，且s1＝0.96cm，s2＝2.88cm，s3＝4.80cm，s4＝6.72cm，s5＝8. 64cm，s6＝10.56cm，电磁打点计时器的电源频率为50Hz。
四川省资阳市2013-2014学年高二下学期期末考试物理试卷(带解析)
四川省资阳市2013-2014学年高二下学期期末考试物理试卷（带解析）1．下列说法中正确的是A ．光波、电磁波、声波都可以在真空中传播B ．光和电磁波都能够传递信息，声波不能传递信息C ．中央电视台与资阳电视台发射的电磁波在真空中的传播速度不同D ．我们生活的空间里充满着电磁波 【答案】D 【解析】试题分析：声波不能在真空中传播，A 错误；声波同样也可以传递信息，比如我们通过对话可以获得我们所需要的信息，B 错误；电磁波在真空中传播速度相同，C 错误；我们生活在充满电磁波的世界中，我们的身边到处都是电磁波．D 正确 考点：考查了对光，电磁波，声波的理解 2．下列说法中正确的是A ．托马斯·杨通过光的单缝衍射实验，证明了光是一种波B ．在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的色散现象C ．在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，则干涉条纹间距变宽D ．某种玻璃的折射率为2.0，则其临界角为60° 【答案】C 【解析】试题分析：托马斯•杨做的双缝干涉实验，干涉现象说明光具有波动性．A 错误；在太阳光照射下，水面上油膜出现彩色花纹是光的干涉现象，B 错误；在光的双缝干涉实验中，若仅将入射光由绿光改为红光，波长变长，根据公式x Ldλ∆=，可得则干涉条纹间距变宽，C正确；全发射只能从光密介质向光疏介质中传播才会发生，D 错误； 考点：考查了光的干涉3．额定电压为U 0的电灯，其均匀灯丝常温下的电阻为R ，下列说法中正确的是 A ．常温下，若将灯丝均匀拉长为原来的10倍，则电阻变为10R B ．常温下，若将灯丝从中点对折起来，电阻变为14RC ．给灯丝加上从0到U 0逐渐增大的电压，其UI比值不变 D ．将灯丝温度降低到接近绝对零度时其电阻会突变为0 【答案】B 【解析】试题分析：一根粗细均匀的导线均匀拉长10倍，长度增加原来的10倍，同时横截面积变原来的110，所以电阻变为原来的1100，A 错误；对折起来长度变为原来的12，同时横截面积变为原来的2倍，所以电阻变为原来的14，B 正确；金属电阻随温度的升高而升高，即随电压的升高而升高，故UI比值变大，C 错误；超导体是在特定温度下电阻为零的材料，不一定非要温度下降到绝对零度，D 错误 考点：考查了电阻定律的应用4．一列沿x 轴传播的简谐波，波速为4m/s ，某时刻的波形图象如图所示。
2013-2014学年下学期期末高二 物理试卷
２０１３－２０１４学年下学期期末高二物理试卷说明：本试题分为第Ⅰ卷（选择题）和第Ⅱ卷（非选择题）两部分，第Ⅰ卷为第1页至第7页，第Ⅱ卷为第7页至第8页。
考试时间90分钟。
试卷满分100分。
第Ⅰ卷（选择题，共75分）一、选择题（本题包括25小题，每题3分，共75分。
每题给出的四个选项中有一个或多个是正确的，将正确的选项填涂在答题卡上，选错的不得分，漏选的得2分。
）1．下列说法正确的是( )A ．线圈中磁通量变化越大，线圈中产生的感应电动势一定越大B ．线圈中的磁通量越大，线圈中产生的感应电动势一定越大C ．线圈中磁通量变化得越快，线圈中产生的感应电动势越大D ．线圈处在磁场越强的位置，线圈中产生的感应电动势一定越大2．穿过闭合回路的磁通量Φ随时间t 变化的图像分别如图甲、乙、丙、丁所示，下列关于回路中产生的感应电动势的论述，正确的是( )A ．图甲中回路产生的感应电动势恒定不变B ．图乙中回路产生的感应电动势一直在变大C ．图丙中回路在0～t0时间内产生的感应电动势大于t0～2t0时间内产生的感应电动势D ．图丁中回路产生的感应电动势可能恒定不变3．矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，下列说法中正确的是( )A ．在中性面时，通过线圈的磁通量最大B ．在中性面时，感应电动势最大C ．穿过线圈的磁通量为零时，感应电动势也为零D ．穿过线圈的磁通量为零时，磁通量的变化率也为零4．如图所示，半径为r 的n 匝圆形线圈套在边长为L 的正方形abcd 之外，匀强磁场仅在正方形区域内且垂直穿过正方形所在平面，当磁感应强度以ΔB Δt的变化率均匀变化时，线圈中产生感应电动势大小为( )A ．πr2·ΔB Δt B ．L2·ΔB ΔtC ．nπr2·ΔB ΔtD ．nL2·ΔB Δt5．如图所示，让闭合线圈由位置1通过一个匀强磁场区域运动到位置2，下列说法中正确的是( )A ．线圈进入匀强磁场区域的过程中，线圈中有感应电流，而且进入时的速度越大，感应电流越大B ．整个线圈在匀强磁场中匀速运动时，线圈中有感应电流，而且感应电流是恒定的C ．整个线圈在匀强磁场中加速运动时，线圈中有感应电流，而且感应电流越来越大D ．线圈穿出匀强磁场区域的过程中，线圈中有感应电流，而且感应电流越来越大6．如图所示，一根条形磁铁从左向右靠近闭合金属环的过程中，环中的感应电流(自左向右看)( )A ．沿顺时针方向B ．先沿顺时针方向后沿逆时针方向C ．沿逆时针方向D ．先沿逆时针方向后沿顺时针方向7．如图甲所示，长直导线与闭合线框位于同一平面内，长直导线中的电流i 随时间t 的变化关系如图乙所示．在0～T 2时间内，长直导线中电流向上，则线框中感应电流的方向与所受安培力情况是( )A ．0～T 时间内，线框中感应电流方向为顺时针方向B ．0～T 时间内，线框中感应电流方向为先顺时针方向后逆时针方向C ．0～T 时间内，线框受安培力的合力向左D ．0～T 2时间内，线框受安培力的合力向右，T 2～T 时间内，线框受安培力的合力向左8．如图所示，光滑固定导轨M 、N 水平放置，两根导体棒P 、Q 平行放于导轨上，形成一个闭合回路，当一条形磁铁从高处下落接近回路时( )A ．P 、Q 将互相靠拢B ．P 、Q 将互相远离C ．磁铁的加速度仍为gD ．磁铁的加速度小于g9．两根足够长的光滑导轨竖直放置，间距为L ，底端接阻值为R 的电阻．将质量为m 的金属棒悬挂在一个固定的轻弹簧下端，金属棒和导轨接触良好，导轨所在平面与磁感应强度为B 的匀强磁场垂直，如图2所示．除电阻R 外其余电阻不计．现将金属棒从弹簧原长位置由静止释放，则( )A ．释放瞬间金属棒的加速度等于重力加速度gB. 金属棒向下运动时，流过电阻R 的电流方向为a →bC ．金属棒的速度为v 时，所受的安培力大小为F ＝B2L2v RD ．电阻R 上产生的总热量等于金属棒重力势能的减少10．如图所示，MN 、PQ 是水平放置的间距为L 的平行金属导轨，置于磁感应强度为B 、方向垂直导轨所在平面向里的匀强磁场中，M 、P 间接有一阻值为R 的电阻．一根与导轨接触良好、有效阻值为R 的金属导线ab 垂直导轨放置，并在水平外力F 的作用下以速度v 向右匀速运动，不计导轨电阻，则( )A ．通过电阻R 的电流方向为P →R →MB ．a 、b 两点间的电压为BLvC ．a 端电势比b 端高D ．外力F 做的功等于电阻R 上产生的焦耳热11．如图所示，从匀强磁场中把不发生形变的矩形线圈匀速拉出磁场区，如果两次拉出的速度之比为1∶2，则两次线圈所受外力大小之比F1∶F2、线圈发热之比Q1∶Q2、通过线圈截面的电量q1∶q2之比分别为（ ）A ．F1∶F2＝2∶1，Q1∶Q2＝2∶1，q1∶q2＝2∶1B ．F1∶F2＝1∶2，Q1∶Q2＝1∶2，q1∶q2＝1∶1C ．F1∶F2＝1∶2，Q1∶Q2＝1∶2，q1∶q2＝1∶2D ．F1∶F2＝1∶1，Q1∶Q2＝1∶1，q1∶q2＝1∶112．两块水平放置的金属板间的距离为d ，用导线与一个n 匝线圈相连，线圈电阻为r ，线圈中有竖直方向的磁场，电阻R 与金属板连接，其余电阻均不计．如图所示，两板间有一个质量为m 、电荷量为q 的带正电的油滴恰好处于静止状态，则线圈中的磁感应强度B 的变化情况和磁通量的变化率分别是( )A ．磁感应强度B 竖直向上且正在增强，ΔΦΔt ＝mgd nqB ．磁感应强度B 竖直向下且正在增强，ΔΦΔt ＝mgd nqC ．磁感应强度B 竖直向上且正在减弱，ΔΦΔt ＝mgd(R ＋r)nqRD ．磁感应强度B 竖直向下且正在减弱，ΔΦΔt ＝mgd(R ＋r)nqR13．如图所示，水平光滑的金属框架的左端连接一个电阻R ，有一金属杆在外力F 的作用下沿框架向右由静止开始做匀加速直线运动，匀强磁场方向竖直向下，轨道与金属杆的电阻不计并接触良好，则能反映外力F 随时间t 变化规律的图象是图中的( )A B C D14．如下图所示的电路为演示自感现象的实验电路，若闭合开关S ，电流达到稳定后通过线圈L 的电流为I1，通过小灯泡L2的电流为I2，小灯泡L2处于正常发光状态，则下列说法中正确的是( )A ．S 闭合瞬间，L2灯缓慢变亮，L1灯立即变亮B．S闭合瞬间，L1灯缓慢变亮，L2灯立即变亮C．S断开瞬间，小灯泡L2中的电流由I1逐渐减为零，方向与I2相反D．S断开瞬间，小灯泡L2中的电流由I1逐渐减为零，方向不变15．调压变压器是一种自耦变压器，它的构造如上图所示．线圈AB绕在一个圆环形的铁芯上，AB间加上正弦交流电压U，移动滑动触头P的位置，就可以调节输出电压．在输出端连接了滑动变阻器R和理想交流电流表，变阻器的滑动触头为Q，则()A．保持P的位置不动，将Q向下移动时，电流表的读数变大B．保持P的位置不动，将Q向下移动时，电流表的读数变小C．保持Q的位置不动，将P沿逆时针方向移动时，电流表的读数变大D．保持Q的位置不动，将P沿逆时针方向移动时，电流表的读数变小16．交流发电机正常工作时，电动势的变化规律为tEemωsin=．如果把发电机转子的转速减小一半，并且把电枢线圈的匝数增加一倍，其他条件不变，则（）A．只是电动势的最大值增加一倍B．电动势的最大值和周期都增加一倍C．电动势的最大值和周期都减小一半D．频率减小一半，周期增加一倍17．如图甲所示为一种调光台灯电路示意图，它通过双向可控硅电子器件实现了无级调节亮度．给该台灯接220 V的正弦交流电后，加在台灯两端的电压如图乙所示，则此时交流电压表的示数为()A．220 VB．110 VC．110 2 VD．55 2 V18．将阻值为5 Ω的电阻接到内阻不计的交流电源上，该电源电动势e随时间t变化的规律如图所示，下列说法正确的是()A．电路中交变电流的频率为0.25 HzB．通过电阻的电流为 2 AC．电阻消耗的电功率为2.5 WD．电阻两端的电压是5 V19．一交流电流的图象如图所示，由图可知（）A．用电流表测该电流其示数为10AB．该交流电流的频率为100HzC．该交流电流通过10Ω电阻时，电阻消耗的电功率为2000 WD．该交流电流瞬时值表达式为i＝102sin200πt20．关于交流电的有效值U和最大值Um，下列说法中正确的是()A ．任何形式的交流电都具有U ＝Um/2的关系B ．正弦式交流电具有U ＝Um/2的关系C ．照明电压220 V ，动力电压380 V 指的都是最大值D ．交流电压表和交流电流表测的都是最大值21．某小型水电站的电能输送示意图如图所示．发电机的输出电压为220 V ，输电线总电阻为r ，升压变压器原副线圈匝数分别为n1、n2.降压变压器原副线圈匝数分别为n3、n4(变压器均为理想变压器)．要使额定电压为220 V 的用电器正常工作，则( )①n2n1＞n3n4 ②n2n1＜n3n4③升压变压器的输出电压等于降压变压器的输入电压④升压变压器的输出功率大于降压变压器的输入功率A ．①③B ．①④C ．②③D ．②④22．一台小型发电机产生的电动势随时间变化的正弦规律图象如图甲所示．已知发电机线圈内阻为5 Ω，外接一只电阻为95 Ω的灯泡，如图乙所示，则( )甲 乙A ．电压表的示数为220 VB ．电路中的电流方向每秒钟改变50次C ．灯泡实际消耗的功率为484 WD ．发电机线圈内阻每秒钟产生的焦耳热为24.2 J23．如图甲所示，理想变压器原、副线圈的匝数比为10∶1，电阻R ＝22 Ω，各电表均为理想电表．原线圈输入电压的变化规律如图乙所示．下列说法不正确的是( )甲 乙A ．该输入电压的频率为50 HzB ．电压表的示数为22 VC ．电流表的示数是1 AD ．电阻R 消耗的电功率是22 W24．如图所示，理想变压器的原副线圈匝数比n1:n2＝1:10，副线圈与阻值R ＝20Ω的电阻相连．原线圈两端所加的电压u ＝sin20πt （V ），则（ ）A ．交流电压表的示数为VB ．副线圈输出交流电的频率为10HzC ．电阻R 上消耗的电功率为2kWD ．原线圈中电流的最大值为100A 25．某发电站采用高压输电向外输送电能．若输送的总功率为P0，输电电压为U ，输电导线的总电阻为R.则下列说法正确的是( )A ．输电线上的电流I ＝U RB ．输电线上的电流I ＝P0UC ．输电线上损失的功率P ＝(P0U)2R D ．输电线上损失的功率P ＝U2R第Ⅱ卷（非选择题，共25分）注意事项：1.第Ⅱ卷所有题目的答案考生须用黑色签字笔答在答题纸上，考试结束后将答题卡和答题纸一并上交。
四川省绵阳市高二物理下学期期末试卷(含解析) (1)
2014-2015学年四川省绵阳市高二（下）期末物理试卷一、单项选择题（本大题12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的．）1．（3分）（2015春•绵阳期末）波的形式是多种多样的．它赖以传播的空间可以是充满物质的，也可以是真空．关于机械波和电磁波，下列说法错误的是（）A．机械波在介质中的传播速度由介质的性质决定B．电磁波是纵波，不能产生偏振现象C．机械波和电磁波都能发生多普勒效应D．在传播过程中，频率不变，波速和波长可能改变考点：波长、频率和波速的关系．分析：机械波形成要有两个条件：一是机械振动，二是传播振动的介质．有机械振动才有可能有机械波，波的传播速度与质点振动速度没有直接关系．机械波和电磁波都能发生多普勒效应．机械波和电磁波在传播过程中，频率不变，波速和波长可能改变．解答：解：A、机械波在介质中的传播速度由介质的性质决定．故A正确．B、实验表明，电磁波是横波，能产生偏振现象．故B错误．C、机械波和电磁波都能发生多普勒效应．多普勒效应是波的特有现象．故C正确．D、波在介质中的传播速度和介质有关，波速可能变化而波的频率不会发生变化，根据v=λ•f，波长也可能发生变化．故D正确．本题选择错误的，故选：B点评：该题考查有关波与电磁波的多个知识点，都是记忆性的知识．要求对该部分的知识有牢固的记忆．（2015春•绵阳期末）联合国宣布2015年为“光和光基技术国际年”（国际光学年）．下2．（3分）列关于光科学发展历史上的一系列说法，符合事实的是（）A． 1865年麦克斯韦提出光是电磁波的一种形态B． 1801年托马斯•杨在实验室成功观察到了光的衍射C． 1818年泊松通过实验发现了圆板衍射的“泊松亮斑”D． 1905年爱因斯坦在广义相对论中提出光速不变原理考点：物理学史．专题：常规题型．分析：根据物理学史和常识解答，记住著名物理学家的主要贡献即可．解答：解：A、1865年麦克斯韦提出光是电磁波的一种形态，故A正确；B、1801年托马斯•杨在实验室成功观察到了光的干涉，故B错误；C、法国科学家泊松通过实验观察到光的圆板衍射﹣泊松亮斑，故C正确；D、1905年爱因斯坦提出的狭义相对论是以相对性原理和光速不变原理这两条基本假设为前提的，故D错误；故选：AC．点评：本题考查物理学史，是常识性问题，对于物理学上重大发现、发明、著名理论要加强记忆，这也是考试内容之一．3．（3分）（2015春•绵阳期末）如图所示，螺线管B套在螺线管A外边，螺线管A经过滑动变阻器和开关S2与电源相连接构成直流闭合电路；螺线管B与开关S1、灵敏电流计构成另一闭合回路．进行下列操作，没有产生电磁感应现象的是（）A．闭合S1，接通S2的瞬间B．闭合S1和S2，断开S2的瞬间C．闭合S1和S2，断开S1的瞬间D．断开S1，闭合S2，滑动滑动变阻器滑片的过程中考点：研究电磁感应现象．专题：实验题．分析：根据感应电流产生的条件：穿过闭合电路的磁通量发生变化时，产生感应电流，并依据电路的开关通断与滑片的移动，从而确定磁通量是否变化，从而即可求解．解答：解：A、闭合S1，接通S2的瞬间，则线圈A中的电流从无到有，因此穿过线圈B的磁通量变大，从而导致线圈B中有感应电流，故A正确；B、闭合S1和S2，断开S2的瞬间，则线圈A中的电流从有到无，因此穿过线圈B的磁通量变小，从而导致线圈B中有感应电流，故B正确；C、闭合S1和S2，断开S1的瞬间，则线圈A中的电流不变，因此穿过线圈B的磁通量不变，则线圈B中没有感应电流，故C错误；D、断开S1，闭合S2，滑动滑动变阻器滑片的过程中，则线圈A中的电流变化，因此穿过线圈B的磁通量变化，从而导致线圈B中有感应电流，故D正确；本题选择错误的，故选：C．点评：解决本题的关键知道感应电流产生的条件，即穿过闭合回路磁通量发生变化，同时掌握右边电路的电流如何变化是解题的关键．4．（3分）（2015春•绵阳期末）如图所示，交流发电机内矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场的轴匀速转动，下列说法正确的是（）A．图示时刻穿过线圈磁通量为零，感应电动势为零B．图示时刻穿过线圈磁通量最大，感应电动势最大C．线圈从图示时刻转过90°时，磁通量变化最快D．线圈在图示时刻，磁通量变化最快考点：交流发电机及其产生正弦式电流的原理．专题：交流电专题．分析：矩形线圈在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动时，线圈中产生正弦式电流．在中性面时，线圈与磁场垂直，磁通量最大，感应电动势为零．解答：解：AB、图示时刻线圈与磁场平行，磁通量为零；但感应电动势最大；故AB错误；C、线圈从图示时刻转过90°时，到达中性面；磁通量变化为零；故C错误；D、该时刻磁通量为零，但磁通量的变化最快；故D正确；故选：D．点评：本题考查正弦式电流产生原理的理解能力，抓住两个特殊位置的特点：线圈与磁场垂直时，磁通量最大，感应电动势为零；线圈与磁场平行时，磁通量为零，感应电动势最大．5．（3分）（2015春•绵阳期末）中国物联网校企联盟认为“传感器的存在和发展，让物体有了触觉、味觉和嗅觉等感官，让物体慢慢变得活了起来”．下列关于传感器的作用或应用不符合实际的是（）A．热敏电阻是半导体材料制成，它是温度传感器的重要组成部分B．干簧管是一种能感知磁场的敏感元件，在电路中是一个磁控开关C．自动门和公共场所的非触摸式自动水龙头利用了紫外线传感器D．家庭厨房里的可燃气体泄漏报警器是用气敏元件制成考点：传感器在生产、生活中的应用．分析：传感器在生产生活中有着重要的作用，要掌握常见传感器的作用及其对应仪器的工作原理．解答：解：A、热敏电阻是由半导体材料制成的；它主要用于温度传感器中，是温度传感器的重要组成部分；故A正确；B、干簧管是一种能感知磁场的敏感元件，在电路中是一个磁控开关；故B正确；C、自动门和自动水龙门是利用光传感器；但不是紫外传感器，因为紫外线对人有较强的辐射作用；故C错误；D、家庭厨房里的可燃气体泄漏报警器是用气敏元件制成；故D正确；本题选错误的；故选：C．点评：本题考查传感器的应用，要注意根据常用生活工具明确所采用的传感器原理．6．（3分）（2015春•绵阳期末）一列简谐机械横波以10m/s速率沿x轴传播，P、Q、R是波上三个质点，在某时刻的波形如图所示．则（）A． P点的振动周期为0.3 sB．再经过0.15s，Q点经过的路程为0.3 mC．质点R比质点P先到波峰位置D．若P点向上振动，则该波沿x轴负方向传播考点：波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析：由波形图读出波的波长，结合v=即可求出周期；由波的传播方向，运用波形的平移法可确定P、R点的振动方向．根据简谐波的特点：各个质点的振幅都相同，分析Q的振幅关系．根据质点简谐运动的周期性求出△t=0.15s内质点Q通过的路程．解答：解：A、由图可知，该波的波长是2m，由v=得：s．故A错误；B、再经过0.15s=，从平衡位置开始运动的Q点经过的路程为3A=3×0.1m=0.3 m，故B正确；C、简谐横波沿x轴正方向传播，波形向右平移，则知质点R和质点P此时刻的振动方向都沿y轴正方向，显然R达到波峰的时间将小于个周期，而P达到波峰的时间是，所以质点R比质点P先到波峰位置．简谐横波沿x轴负方向传播，波形向左平移，则知质点R和质点P此时刻的振动方向都沿y轴负方向，显然R达到波峰的时间将大于个周期，而P达到波峰的时间是个周期，所以质点R比质点P晚到波峰位置．故C错误；D、若P点向上振动，根据平移法可知，则该波沿x轴正方向传播．故D错误．故选：B．点评：本题求质点的路程，先确定振动的时间与周期的关系，再用到质点在一个周期内路程是4A这个结论．7．（3分）（2015春•绵阳期末）a、b两种单色光以相同的光路和入射角θ斜射到一玻璃球同一点，经玻璃球两次折射的光路如图所示．则（）A．该玻璃球体对a光的折射率小于对b光的折射率B．用同一装置分别进行双缝干涉实验时，b光的条纹间距大些C．经过同一单缝时，b光衍射现象更明显D．逐渐增大入射角θ，b光比a光先发生全反射考点：光的折射定律．专题：光的折射专题．分析：由折射定律分析折射率关系．根据折射率越大，频率越高，波长越短，分析波长关系，再判断干涉条纹间距的关系．波长越长，波动性越强．由光路可逆性分析能否发生全反射．解答：解：A、光线射入玻璃球时，a、b的入射角相等，a光的折射角比b光的大，根据折射定律知，a光的折射率小于b光的折射率．故A正确．B、a光的折射率小，频率低，波长长，双缝干涉条纹的间距与波长成正比．所以a光形成的干涉条纹间距大，故B错误．C、a光的波长长，波动性强，经过同一单缝时，a光衍射现象更明显，故C错误．D、由几何知识知，光线从玻璃球右侧时，入射角等于光线射入玻璃球时的折射角，根据光路可逆性可知光线不能发生全反射．故D错误．故选：A．点评：解决本题的关键要掌握折射定律，以及折射率与光的波长、频率、临界角、光速等量的关系，这些知识可结合光的色散、干涉等实验进行记忆．8．（3分）（2015春•绵阳期末）如图（a），线圈ab、cd绕在同一软铁芯上，在ab线圈中通以变化的电流，用示波器测得线圈cd间电压如图（b）所示，已知线圈内部的磁场与流经线圈的电流成正比，则下列描述线圈ab中电流随时间变化关系的图中，可能正确的是（）A． B．C． D．考点：法拉第电磁感应定律．专题：实验题．分析：线圈cd与示波器连接，在每个时间段内电流不随时间变化，则根据法拉第电磁感应定律，产生感应电流的磁场均匀变化，由此判断线圈ab电流的变化．解答：解：因为线圈cd中每个时间段内电流大小不变化，则每个时间段内产生的感应电动势不变；根据法拉第电磁感应定律得：E=N S，电流为：，则线圈ab中每个时间段内电流的磁场均匀变化．正确反应这一关系的图象只有C．故C正确，A、B、D错误．故选：C．点评：解决本题的关键掌握法拉第电磁感应定律，知道磁场均匀变化时，产生的感应电动势大小不变．9．（3分）（2015春•绵阳期末）远距离输电线路示意图如图所示，变压器均为理想变压器，发电机的输出电压及输电线的电阻均不变．则（）A．用户负载增加时，升压变压器的原线圈中电流不变B．降压变压器的原线圈中电流较小，用较粗的导线绕制成C．因为先升压后又要降压，所以不用变压器直接输电更节约电能D．当用户用电器的总电阻增大时，输电线上损失的功率减小考点：远距离输电；变压器的构造和原理．专题：交流电专题．分析：根据变压器的特点：电压比等于匝数比，电流之比等于匝数反比，输入功率等于输出功率去分析解答：解：A、用户增多时，电流增大，则根据电流之比等于匝数的反比可知，输入电流增大；故A错误；B、降压变压器电压较小，故其电流较大，故B错误；C、因为采用高压输电时，导线上电流较小，故可以减小导线上的功率损耗；故采用变压器输电能节约电能；故C错误；D、当用户用电器的电阻增大时，电流减小，输电线上损失的功率将减小；故D正确；故选：D．点评：对于远距离输电问题，一定要明确整个过程中的功率、电压关系，尤其注意导线上损失的电压和功率与哪些因素有关．10．（3分）（2015春•绵阳期末）如图为长虹电视机电源部分的滤波电路，从输入端输入含有直流成分、交流低频成分的电流后，下列关于其工作原理及各电容和电感作用的说法，正确的是（）A．由于电容C1的“通直流、隔交流”的功能，电流中的交流成分被衰减B．线圈L有“通交流、阻直流”的功能，直流成分和一小部分交流通过LC．由于电容C2的“通交流、隔直流”的功能，C2进一步滤除电流中残余的交流成分 D．输出端输出较稳定的交流电，这个交流电供电视机内芯正常工作考点：电容器和电感器对交变电流的导通和阻碍作用．分析：电路的输入端输入的电流既有直流成份，又有交流低频成分和交流高频成分，要只把交流的低频成分输送到下一级，该电路要隔掉直流，通低频，阻高频，根据电感和电容的特性进行判断．解答：解：C1在此的功能为通交流，隔直流，使直流能到达下一级电路，叫隔直电容；L在此的功能为通直流、阻交流，通低频，阻高频，将低频的交流成分送到下一级，叫低频扼流圈，自感系数很大，C2与输出电路并联，起到通高频，阻低频，使高频成分能通过，低频成分到达下一级，C2又叫高频旁路电容，因此输出端为直流，故C正确，ABD错误．故选：C．点评：本题考查电感、电容对交流电的导通和阻碍的作用，根据它们的特性和电路要求进行分析．11．（3分）（2015春•绵阳期末）如图所示，在平面直角坐标系xOy的第二和第四象限分布着垂直于纸面向里的匀强磁场B1=B，在第三象限分布着垂直于纸面向外的匀强磁场B2=2B．现将一直角扇形闭合导线框OPQ以恒定角速度ω绕过O点垂直于坐标平面的轴沿顺时针方向匀速转动．t=0时刻线框处在图示位置，设电流逆时针方向为正方向．则图所示导线框中的电流随时间变化的图象正确的是（）A． B． C． D．考点：导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：在线框转动过程中，OP棒或OQ棒切割磁感线，由楞次定律可得出电流方向的变化，由法拉第电磁感应定律得出电动势大小，由欧姆定律分析感应电流的大小．解答：解：在0﹣时间内，导体棒OP切割磁感线，产生的电动势：E=BL2ω，L是棒长．感应电流大小为 I=根据楞次定律知，线框中感应电流为逆时针方向，是正值．在﹣时间内，导体棒OP切割磁感线，产生的电动势是：E1=•2BL2ω=2E，OQ棒产生的电动势是：E2=BL2ω=E，两个电动势串联，回路总电动势为3E，感应电流大小为3I．根据楞次定律知，线框中感应电流为顺时针方向，是负值．在﹣时间内，导体棒OP切割磁感线，产生的电动势是：E3=BL2ω=E，OQ棒产生的电动势是：E4=•2BL2ω=2E，两个电动势串联，回路总电动势为3E，感应电流大小为3I．根据楞次定律知，线框中感应电流为逆时针方向，是正值．在﹣T时间内，只有导体棒OQ切割磁感线，产生的电动势是：E=BL2ω，感应电流大小为I．根据楞次定律知，线框中感应电流为顺时针方向，是负值．故B正确．故选：B．点评：图象问题是近年高考命题的热点，可运用排除法分析，先由楞次定律定性判断，再由法拉第电磁感应定律和欧姆定律结合列式，得到感应电流，进行选择．12．（3分）（2015春•绵阳期末）如图，一端接有定值电阻R的足够长的平行金属导轨，放在绝缘斜面上（斜面未画出），匀强磁场垂直于导轨平面向上，导体棒ab垂直于导轨放置．现给导体棒沿斜面向上的初速度v，经过一段时间导体棒又回到原位置．在运动过程中导体棒ab始终垂直于导轨，导轨和导体棒的电阻可忽略不计．则（）A．在上滑过程导体棒中的电流方向由a到bB．回到原位置时导体棒的速度大小仍为vC．开始上滑和回到原位置时导体棒的加速度大小相等D．上滑过程与下滑到初始位置的过程通过导体棒截面的电荷量相等考点：导体切割磁感线时的感应电动势；电磁感应中的能量转化．专题：电磁感应——功能问题．分析：根据右手定则判断感应电流的方向；根据能量守恒定律分析金属棒回到原位置的速度大小；根据安培力与速度的关系及牛顿第二定律分析加速度的大小关系；根据公式q=分析通过棒的电量关系．解答：解：A、金属棒上滑时，根据右手定则判断可知棒中感应电流的方向由b到a，故A错误．B、金属棒运动过程中产生感应电流，受到安培力作用，根据楞次定律可知安培力总是阻碍金属棒相对于导轨运动，所以金属棒的机械能不断减小，则金属棒回到原位置是速度大小必小于v．故B错误．C、根据牛顿第二定律得：对于上滑过程：mgsinθ+F安=ma上；对于下滑过程：mgsinθ﹣F安′=ma下；可知：a上＞a下．故C错误．D、金属棒上滑阶段和下滑阶段中回路磁通量的变化量相等，根据q=可知通过棒的电量相等，故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键通过能量守恒定律比较出回到出发点的速度和初速度的大小，从而确定每个位置感应电流和速度的大小．记住感应电量经验公式q=，研究电量问题．二、多项选择题（本大题6小题，每小题3分，共18分．在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确，全对得3分，选对但不全得1分，有错或不选的0分）13．（3分）（2015春•绵阳期末）在LC电磁振荡回路中，电容两端的电压u随时间t变化的规律如图所示，则（）A．在时刻t1，电路中的磁场能最小B．在时刻t2，电路中的磁场能最小C．从时刻t2至t3，在电路中磁场能转化为电场能D．从时刻t2至t3，在电路中电场能转化为磁场能考点：电磁波的产生；电磁场．分析：在LC振荡电路中电容器两端的电压越大，电荷所带的电荷量越大，两极板之间的电场越强，电场能越大，电流强度越小，磁场能量越小．解答：解：A、在时t1时电路中电容器两端的电压最大，故两极板之间的电场最强，电场能最大，根据能量守恒可知此时磁场能量最小，故A正确；B、在t2时电路中电容器两端的电压为0，两极板之间的电场强度为0，故电场能为0，根据能量守恒可知此时磁场能量最大，故B错误；CD、从t2至t3电容器两端的电压逐渐增大，故两极板之间的电场逐渐增强，则电路的电场能不断增大，即磁场能正在转化为电场能；故C正确，D错误；故选：AC．点评：本题考查了LC振荡电路充放电的特点以及在充放电过程中能量转化的特点．掌握了基本知识即可顺利解决此类问题．14．（3分）（2015春•绵阳期末）如图甲为日光灯电路，图乙为启动器结构图．在日光灯正常工作的过程中（）A．镇流器为日光灯的点亮提供瞬时高压B．镇流器维持灯管两端有高于电源的电压，使灯管正常工作C．灯管点亮发光后，启动器中两个触片是接触的D．灯管点亮发光后，镇流器起分压限流作用使灯管在较低的电压下工作考点：自感现象的应用．分析：当开关接通220伏的电压立即使启辉器的惰性气体电离，产生辉光放电．辉光放电的热量使双金属片受热膨胀，两极接触．电流通过镇流器、启辉器触极和两端灯丝构成通路．灯丝很快被电流加热，发射出大量电子．双金属片自动复位，两极断开．在两极断开的瞬间，电路电流突然切断，镇流器产生很大的自感电动势，与电源电压叠加后作用于管两端．灯丝受热时发射出来的大量电子，在灯管两端高电压作用下，以极大的速度由低电势端向高电势端运动．在加速运动的过程中，碰撞管内氩气分子，使之迅速电离．在紫外线的激发下，管壁内的荧光粉发出近乎白色的可见光．解答：解：A、日光灯刚发光时，镇流器在启动时产生瞬时高压，故A正确；B、D、灯管点亮发光后，镇流器起分压限流作用使灯管在较低的电压下工作，故B错误，D正确．C、灯管正常发光后，启动器不再工作，启动器中两个触片是分离的．故C错误；故选：AD．点评：日光灯正常发光后．由于交流电不断通过镇流器的线圈，线圈中产生自感电动势，自感电动势阻碍线圈中的电流变化，这时镇流器起降压限流的作用，使电流稳定在灯管的额定电流范围内，灯管两端电压也稳定在额定工作电压范围内．由于这个电压低于启辉器的电离电压，所以并联在两端的启辉器也就不再起作用了．15．（3分）（2015春•绵阳期末）如图所示，一理想变压器原副线圈匝数比为5：1，副线圈电路中R0为定值电阻，R是滑动变阻器，V1和V2是理想交流电压表．若原线圈输入电压u=220sin100πtV，下列说法正确的是（）A． V2表的示数最大值为44VB．副线圈中交流的频率为50HzC．滑片P向下滑动过程中，V2示数不变、A1示数变大D．滑片P向下滑动过程中，V2示数变小、A1示数变小考点：变压器的构造和原理；闭合电路的欧姆定律．专题：恒定电流专题．分析：在交流电中电表显示的都是有效值，根据表达式知道输入电压的有效值，在根据匝数与电压、电流的比例关系分析．解答：解：A、输入电压的最大值为220V；故输出电压的最大值为：=44V，电压表的示数为有效值，所以电压表示数为44V；故A错误；B、输入电压的周期T==0.02s；故频率为50Hz；故B正确；C、滑片向下滑动时，原副线圈匝数不变，V2示数不变，接入电阻减小，总电流增大；输入端电流变大；由于电压由输入端决定，故输入电流增大，故C正确；D错误；故选：BC点评：本题考查理想变压器的工作原理，要注意明确电压、电流与匝数关系，并知道变压器不会改变交流电的频率．16．（3分）（2015春•绵阳期末）如图甲所示，M点为振源，MN=d，t=0时刻M点由平衡位置开始振动，产生沿直线向右传播的简谐横波，图乙为N点的振动图象，则（）A．振源起振方向沿y轴负方向B ． 这列波的波速为C ． t 1时刻振源M 随波迁移到了N 点D ． 若t 2=t 1，则N 点在波峰时，M 点一定在平衡位置考点： 波长、频率和波速的关系；横波的图象．分析： 由题，图乙是从t=0时刻开始的P 点的振动图象，则知道波从O 传到P 点的时间为t 1，又知道传播距离为s ，即可求出波速．读出周期，再求出波长．根据P 点的起振方向确定波源的起振方向．解答： 解：A 、由图乙看出，P 点的起振方向沿y 轴正方向，则振源O 振动的方向也沿y 轴正方向．故A 错误；B 、由题可知：波从M 传到N 点的时间为t 1，传播距离为d ，则波速为v=．故B 正确；C 、在横波传播的过程中，质点只在平衡位置附近垂直于波传播的方向振动，不会沿波的方向运动．故C 错误；D 、由图乙看出该波的周期为T=t 2﹣t 1=．则：，根据s=vt 可知MN 之间的距离是，则N 点在波峰时，M 点一定在平衡位置．故D 正确．故选：BD点评： 波在同一均匀介质中是匀速传播的，本题根据公式v=求解波速．质点的起振方向与波源的起振方向是相同的．17．（3分）（2015春•绵阳期末）如图竖直直线MN 的右侧区域存在垂直纸面向外的匀强磁场B ，正方形金属框电阻为R ，边长是L ．金属框从图示位置开始在水平向右的外力F 作用下由静止开始匀加速运动，t 1时刻线框全部进入磁场，在运动过程中任意时刻t ，金属框中电流电功率为P ，磁通量的变化率为，在0～t 1时间内通过导体横截面的电荷量为q ，则乙图中描述的F 、P 、、q 与t （或者t 2）的关系图象正确的是（ ）A ．B ．C ．D ．考点： 导体切割磁感线时的感应电动势；闭合电路的欧姆定律．。
绵阳市2014-2015学年高二上学期期末试卷物理试题及答案
四川省绵阳市2014-2015学年高二上学期期末物理试卷参考答案与试题解析一．本大题12小题，每小题3分，共36分．在每小题给出的四个选项中只有一个是正确的．1．（3分）为防止麻醉剂乙醚爆炸，医疗手术室地砖要使用导电材料，医生和护士的鞋子和外套也要用导电材料，一切设备包括病人身体要良好接触，并保持良好接地．这是为了（）A．除菌消毒B．消除静电C．利用静电D．防止漏电考点：* 静电的利用和防止．分析：本题考查是关于静电的防止与应用，从实例的原理出发就可以判断出答案．解答：解：由题意可知，良好接地，目的是为了消除静电，这些要求与消毒无关，而因静电而产生爆炸，因此不可能是这样．静电会产生火花、热量，麻醉剂为易挥发性物品，遇到火花或热源便会爆炸，就象油罐车一样，在运输或贮存过程中，会产生静电，汽油属于易挥发性物品，所以它的屁股后面要安装接地线（软编织地线），以防爆炸，麻醉剂与之同理，故B正确，ACD错误；故选：B点评：本题考查是关于静电的防止与应用，要求同学们熟练掌握静电的防止与应用的具体实例．2．（3分）单摆在振动过程中，离开平衡位置的最大距离越来越小．在这个过程中（）A．能量逐渐消失B．动能转化为势能C．机械能守恒D．总能量守恒，机械能转化为其他形式的能考点：简谐运动的回复力和能量．分析：因为单摆受到空气的阻力，机械能转化为内能；在能量转化的过程中，总能量保持不变．解答：解：单摆在振动过程中，离开平衡位置的最大距离越来越小，是因为单摆受到空气的阻力，机械能转化为内能，其机械能越来越小．在能量转化的过程中，能量不会消失，总能量保持不变．故ABC错误，D正确．故选：D．点评：能量转化是个普遍现象，自然界中物质运动形式的变化总伴随着能量的相互转化．不同形式的能量发生相互转化的过程中，遵守能量转化和守恒定律．3．（3分）如图所示，绝缘细线上端固定，下端挂一轻质小球a，a的表面镀有铝膜；在a 旁边固定有一绝缘金属球b，开始时a、b都不带电．使b带电时（）A．a不动B．a远离bC．a靠近b D．a靠近b，并被b吸住不离开考点：库仑定律．分析：带电物体能够吸引轻小物体，a与b接触后，a球与b球带上了同种电荷，相互排斥而分开．解答：解：带电物体能够吸引轻小物体，故b会将a球吸引过来，a与b接触后，带同种电荷而分开，故C正确，ABD错误；故选：C．点评：本题关键是带电物体能够吸引轻小物体，接触后，带同种电荷，又因为带同种电荷而分开．4．（3分）如图所示，电磁炮是由电源、金属轨道、炮弹和电磁铁组成．当电源接通后，磁场对流过炮弹的电流产生力的作用，使炮弹获得极大的发射速度．下列各俯视图中正确表示磁感应强度B的方向的是（）A．B．C． D．考点：安培力．分析：电流由电源正极经炮弹流向电源负极，炮弹受到的安培力方向应水平向前，由左手定则判断磁场方向是否正确．解答：解：A、由左手定则可知，图示磁感应强度方向使炮弹受到的安培力向后，不符合实际，故A错误；B、由左手定则可知，图示磁感应强度方向使炮弹受到的安培力向前，符合实际，故B正确；C、由左手定则可知，炮弹受到的安培力竖直向下，不符合要求，故C错误；D、由左手定则可知，炮弹受的安培力竖直向下，不符合要求，故D错误；故选B．点评：电磁炮的炮弹在安培力作用下在轨道上向前加速度运动，炮弹受到的安培力应向前，应用左手定则判断出安培力的方向，是正确解题的关键．5．（3分）如图所示，是举重比赛裁判控制电路．共有3个裁判，1个主裁判，2个副裁判；当有两个（其中必须包括主裁判）或两个以上的裁判同意时，才表示通过，否则不通过；主裁判用A表示，副裁判分别用B、C表示；1代表同意，0代表不同意．下列两种情况：（1）A裁判控制的开关断开，B裁判控制的开关闭合，C裁判控制的开关闭合；（2）A裁判控制的开关闭合，B裁判控制的开关断开，C裁判控制的开关闭合．所对应的结果逻辑值分别是（）A．1，1 B．1，0 C．0，1 D．0，0考点：简单的逻辑电路．分析：电路图结合题干可知，B、C只要有一个闭合即可，故为或逻辑关系；当A断开，灯熄灭，当A闭合，灯亮；故B、C或后，其输出与A的关系为与逻辑关系．解答：解：根据题意，B、C只要有一个闭合，该部分电路即为通路，当A断开，灯不亮，当A闭合，灯亮；故B、C为或逻辑关系；或后的结果与A为与逻辑关系，故这两种情况，所对应的逻辑值分别是0、1．故C正确故选：C点评：本题考查了组合门电路，B、C先或其结果再与A是与逻辑关系，理解逻辑关系，组合门电路．6．（3分）速率相同的电子垂直磁场方向进入四个不同的匀强磁场，其轨迹照片如图所示，则磁场磁感应强度最大的是（）A．B．C．D．考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．分析：速率相同的电子垂直磁场方向进入四个不同的匀强磁场，在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，写出相应的牛顿第二定律的方程，得出半径与磁感应强度之间的关系式，即可做出正确的答案．解答：解：带电粒子在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则：所以：，速率相同的电子，v、m与电量q都相同，所以B与r成反比，则半径最小的D图中，磁感应强度B最大．故选：D点评：该题考查带电粒子在磁场中做匀速圆周运动的半径与磁感应强度的关系，可以利用半径公式直接解答．7．（3分）某静电场中的电场线方向不确定，分布如图所示，带电粒子在电场中仅受静电力作用，其运动轨迹如图中虚线所示，由M运动到N，以下说法正确的是（）A．粒子必定带正电荷B．该静电场一定是孤立正电荷产生的C．粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度D．粒子在M点的速度大于它在N点的速度考点：电场线．分析：电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，电场力做正功，电势能减小，电场力做负功，电势能增加．解答：解：A、由电荷的运动轨迹可知，电荷所受的电场力斜向上，由于电场线的方向未知，所以不能确定电荷的电性，故A错误．B、孤立正电荷的电场线从正电荷出发到无穷远处终止的直线，故该静电场不一定是孤立正电荷产生的．故B错误．C、电场线密的地方电场的强度大，电场线疏的地方电场的强度小，由图可知，N点的场强大于M点的场强的大小，在N点的受力大于在M的受力，所以粒子在M点的加速度小于它在N点的加速度，故C正确．D、正电荷沿着电场的方向运动，所以电场力做正功，电荷的电势能减小，动能增加，所以粒子在M点的速度小于它在N点的速度动能，故D错误．故选：C．点评：此题根据物体做曲线运动的条件，掌握住电场线的特点，即可解决本题．8．（3分）如图所示，有一带电粒子贴着A板内侧沿水平方向射入A、B两板间的匀强电场，当A、B两板间电压为U1时，带电粒子沿轨迹Ⅰ从两板正中间飞出；当A、B两板间电压为U2时，带电粒子沿轨迹Ⅱ落到B板中间．设粒子两次射入电场的水平速度之比为2：1，则两次电压之比为（）A．U1：U2=1：1 B．U1：U2=1：2 C．U1：U2=1：4 D．U1：U2=1：8考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：电场力与电势的性质专题．分析：带电粒子在电场中做类平抛运动，将合运动沿着平行平板和垂直平板方向正交分解，根据运动学公式和牛顿第二定律列式求解．解答：解：带点粒子在电场中做类平抛运动，将合运动沿着平行平板和垂直平板方向正交分解，有：x=v0ty=a=解得：U=∝据题有：初速度v0之比为2：1，水平位移x之比为2：1，竖直位移y之比为1：2，代入上式解得：=故选：B．点评：本题关键根据类平抛运动的分位移公式和牛顿第二定律联立列式求解出电压的一般表达式，然后再进行分析讨论．9．（3分）如图甲所示，水平的光滑杆上有一弹簧振子，振子以O点为平衡位置，在a、b 两点之间做简谐运动，其振动图象如图乙所示．由振动图象可以得知（）A．振子的振动周期等于t1B．在t=0时刻，振子的位置在a点C．在t=t1时刻，振子的速度为零D．从t1到t2，振子正从O点向b点运动考点：简谐运动；简谐运动的振幅、周期和频率．专题：简谐运动专题．分析：简谐运动中振子的周期是振子完成一个周期性变化所用的时间，由图直接读出；根据位移分析振子的位置和速度，振子在最大位移处速度为零，通过平衡位置时速度最大；根据位移的变化，分析振子的运动情况．解答：解：A、振子的周期是振子完成一个周期性变化所用的时间，由图直接读出其周期T=2t1；故A错误；B、由图乙知在t=0时刻，振子的位移为零，正通过平衡位置，所以振子的位置在O点，故B错误；C、在t=t1时刻，振子的位移为零，正通过平衡位置，速度最大，故C错误；D、从t1到t2，振子的位移从0变化到正向最大，说明正从O点向b点运动．故D正确．故选：D．点评：对振动图象读出周期、振幅和振子的位移情况，从而判断出其速度、加速度情况，是应具备的基本能力，应加强相关练习，做到熟练掌握．10．（3分）如图所示，电路中R T为热敏电阻，R1和R2为定值电阻．当温度升高时，R T阻值变小．开关S闭合后，若温度降低，下列物理量中变大的是（）A．通过R2的电流B．通过R T的电流C．通过R1的电流D．电容器两极板间的电场强度考点：闭合电路的欧姆定律；电容．专题：恒定电流专题．分析：开关S闭合后，R T的温度降低，R T阻值增大，外电路总电阻增大，干路电流减小，R1两端的电压和内电压都减小，分析R T和R2并联电压的变化，判断通过R2电流的变化，即可知道通过R T的电流变化．根据公式E=分析电容器板间场强的变化．解答：解：开关S闭合后，R T的温度降低，R T阻值变大，R T和R2并联电阻变动，外电路总电阻增大，干路电流减小，即通过通过R1的电流变小．R1两端的电压和内电压都减小，则知R T和R2并联电压增大，通过R2电流增大，由于干路电流变小，则知通过R T的电流变小．电容器板间电压等于R1的电压，其电压变小，则根据公式E=分析可知两极板间的电场强度变小．故A正确，BCD错误．故选：A点评：本题是电路动态变化分析问题，按“局部→整体→局部”的顺序进行分析．11．（3分）如图所示，Q1、Q2是两个等量正电荷，固定在绝缘平面内，在其连线上有一光滑绝缘杆，杆上套一带正电的小球，杆所在区域同时存在一个匀强磁场，磁场方向如图所示，不计小球重力．从靠近Q2的图示某位置由静止释放小球，小球在整个运动过程中（）A．速度一直增大B．加速度一直增大C．所受洛伦兹力大小一直变化D．所受洛伦兹力方向一直不变考点：洛仑兹力．分析：小球开始受到Q2对它的库仑力大于Q1对它的库仑力，所以先向左运动，运动的过程中受到洛伦兹力，通过受力情况，知小球向左先加速后减速到0．然后又返回．解答：解：小球由静止释放后沿绝缘杆先向左做加速运动，运动到杆的中点时，所受电场力为零，加速度为零，速度达到最大，然后越过中点继续向左做减速运动，水平方向所受电场力不断增大，加速度不断增大，最后速度变为零，然后反向再向右运动，如此反复，小球在运动过程中速度大小与方向不断发生变化，因此所受洛伦兹力大小与方向也不断发生变化，故A、B、D错误，C正确．故选：C点评：解决本题的关键能够根据小球的受力情况分析出小球的运动情况，从而可知洛伦兹力的变化12．（3分）如图所示，在屏幕MN的右方和虚线的上方区域有方向垂直纸面向里的匀强磁场，一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向并与虚线垂直射入，经过时间t0垂直打到屏MN上．同一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向并与虚线右方成45°角射入，经过时间t1打到屏MN上；同一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向并与虚线右方成135°角射入，经过时间t2打到屏MN上．微粒所受重力可忽略，每次射入磁场的速度大小不变．则t0、t1、t2之间大小关系正确的是（）A．t1＜2t0B．t1=2t0C．t2＜0.5t0D．t2=0.5t0考点：带电粒子在匀强磁场中的运动．专题：带电粒子在磁场中的运动专题．分析：根据粒子做圆周运动的周期公式求出粒子的运动时间，然后画出粒子在三种情况下的运动轨迹，得出粒子偏转的角度，由时间与偏转角度的关系比较即可．解答：解：带电微粒在磁场中做匀速圆周运动，洛伦兹力提供向心力，则：得：微粒运动的周期：，可知题目中的微粒在磁场中运动的周期是相等的，运动的时间：，与偏转的角度成正比．如图做出三种情况下微粒运动的轨迹，从磁场边界d点垂直于磁场方向并与虚线垂直射入，经过时间t0垂直打到屏MN上时，微粒偏转的角度是90°，所以，由图可知同一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向并与虚线右方成45°角射入时，在磁场中偏转的角度小于180°，所以：；同一带电微粒从磁场边界d点垂直于磁场方向并与虚线右方成135°角射入时，弦长，所以在磁场中偏转的角度大于60°，所以：所以只有A正确．故选：A点评：本题考查了粒子在磁场中的运动，应用左手定则、粒子周期公式与牛顿第二定律即可正确解题，其中正确做出三种情况下粒子运动的轨迹，得出角度之间的关系是解题的关键．二、本大题6小题，每小题3分，共18分．在每小题给出的四个选项中有一个或一个以上的选项正确，全对得3分，选对但不全得1分，有错或不选得0分．13．（3分）关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（）A．安培力的方向垂直于直导线B．安培力的方向总是垂直于磁场的方向C．安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D．将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半考点：安培力．分析：本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直．引用公式F=BIL时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为F=BIL．解答：解：A、B、根据左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故AB正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为F=BILsinθ，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故C错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，将直导线从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的，故D错误．故选：AB．点评：解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为0，最小．当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为F=BIL．14．（3分）电荷量为q的点电荷在电场中由A点移到B点时，电场力做功W，两点间的电势差为U，若让电荷量为2q的点电荷在电场中由A点移到B点，则（）A．电场力做功为W B．电场力做功为2WC．两点间的电势差为U D．两点间的电势差为2U考点：电势差与电场强度的关系．专题：电场力与电势的性质专题．分析：两点间的电势差是由电场决定的，电场不变，两点之间的电势差就不变，根据W=qU 可以直接计算电场力做功的大小．解答：解：在同一个电场中，两点之间的电势差就不变，与放入的电荷的电荷量的大小无关，是由AB之间的电势差的大小还是U；让电荷量为2q的点电荷在电场中由A点移到B点，电场力做功为q×2U=2W，是由BC正确，AD错误；故选：BC点评：解答本题的时候要注意电场力做功的公式W=qU是普遍使用的公式，电场中两点间的电势差是由电场决定的，电场不变，两点之间的电势差就不变．15．（3分）美国物理学家劳伦斯于1932年发明的回旋加速器，利用带电粒子在匀强磁场中做圆周运动的特点，使粒子在较小的空间范围内经过电场的多次加速获得较大的能量．如图所示为一种改进后的回旋加速器示意图，其中盒缝间的加速电场的场强大小恒定，且被限制在A、C板间，带电粒子从P0处由静止释放，并沿电场线方向射入加速电场，经加速后再进入D形盒中的匀强磁场中做匀速圆周运动．对于这种改进后的回旋加速器，下列说法正确的是（）A．带电粒子每运动一周被加速一次B．P1P2=P2P3C．粒子能获得的最大速度与D形盒的尺寸有关D．A、C板间的加速电场的方向需要做周期性的变化考点：质谱仪和回旋加速器的工作原理．分析：带电粒子经加速电场加速后，进入磁场发生偏转，电场被限制在A、C板间，只有经过AC板间时被加速，所以运动一周加速一次，电场的方向不需改变．当带电粒子离开回旋加速器时，速度最大．解答：解：AD、带电粒子只有经过AC板间时被加速，即带电粒子每运动一周被加速一次．电场的方向没有改变，则在AC间加速．故A正确，D错误．B、根据r=，则P1P2=2（r2﹣r1）=，因为每转一圈被加速一次，根据v2﹣v12=2ad，知每转一圈，速度的变化量不等，且v3﹣v2＜v2﹣v1，则P1P2＞P2P3．故B错误．C、当粒子从D形盒中出来时，速度最大，根据r=，得，v=．知加速粒子的最大速度与D形盒的半径有关．故C正确．故选：AC．点评：解决本题的关键知道该回旋加速器的原理，知道粒子每转一圈，加速一次，且都在AC间加速，加速的电场不需改变．16．（3分）如图所示，电阻R1=10Ω，电动机M线圈电阻R2=10Ω，电路两端电压U保持不变．当开关S断开时，电流表的示数为I1=0.5A；当开关S闭合后，电动机转起来，电流表示数为I2，整个电路消耗的电功率为P，则（）A．U=5V B．I2=1A C．P=5W D．P＜5W考点：电功、电功率．专题：恒定电流专题．分析：当电键S断开时，由欧姆定律求出电阻R1的电压U；当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机的电路是非纯电阻电路，由I2＜求出其电流的范围，即得到电流表电流的范围．由P=UI求解电路中功率范围．解答：解：当电键S断开时，由欧姆定律得，U=I1R1=5V．当电键S闭合后，通过R1的电流仍为0.5A，电动机转动，电动机的电流I＜=A=0.5A，故电流表的电流I2＜1A，电动机中电功率P=UI2＜5W．故AD正确，BC错误．故选：AD．点评：本题要抓住非纯电阻电路与纯电阻电路的区别，电动机正常工作时，其电路是非纯电阻电路，欧姆定律不成立，I2＜是关键不等式．17．（3分）如图所示，平行板间的匀强电场范围内存在着匀强磁场（图中未画出），带电粒子从P点以垂直于电场方向的速度v0射入平行板间，恰好做匀速直线运动，从Q飞出．忽略重力．则（）A．磁场方向垂直纸面向外B．磁场方向与带电粒子的电性无关C．带电粒子从Q沿QP进入，也能做匀速直线运动D．若粒子带负电，以速度v1从P沿PQ射入，从Q'飞出，则v1＜v0考点：带电粒子在匀强电场中的运动．专题：电场力与电势的性质专题．分析：粒子进入电场与磁场的复合场后沿直线运动，可知粒子受到的电场力和洛伦兹力是一对平衡力，解决此题可以先假设粒子的电性，来判断磁场的方向．分析粒子能否沿直线运动，就是分析洛伦兹力与电场力的大小，从而判断粒子的偏转方向，由动能定理分析射出场区的速度与初速度的关系．解答：解：A、假设带电粒子带正电，粒子将受到竖直向下的电场力，所以洛伦兹力应为竖直向上，由左手定则可判断，磁场的方向应垂直于纸面向里．故A错误．B、当粒子在正交的电场和磁场的区域内做匀速直线运动时，电场力和洛伦兹力大小相等，且方向相反．改变粒子的电性，其他条件不变的情况下，电场力和洛伦兹力的方向同时改为反向，粒子的合力仍为零．所以磁场方向与带电粒子的正负无关，故B正确．C、带电粒子从Q沿QP进入，所受的电场力方向不变，而洛伦兹力方向会变为与电场力相同，此时带电粒子将发生向下偏转．故C错误．D、粒子带负电时，将受到向上的电场力和向下的洛伦兹力，当速度为v0时，电场力和洛伦兹力大小相等，即有qE=qv0B，v0=；粒子从Q′飞出，可判断电场力要大于洛伦兹力，即有qE＞qv1B，v1＜，可得v1＜v0．故D正确．故选：BD．点评：该题综合了电场和磁场的内容，解决此类问题的关键是正确判断洛伦兹力和电场力的大小及方向，要熟练的应用左手定则来分析问题．18．（3分）如图所示，MN是空间中某一水平面内的一条直线，整个空间有水平方向的匀强电场或者有竖直方向的匀强磁场．现有一带电粒子在MN上的O点具有水平方向的初速度v0．不计粒子重力．下列判断正确的是（）A．如果粒子能回到MN上且速度大小增大，则空间中的场一定是电场B．如果粒子能回到MN上且速度大小不变，则空间中的场一定是磁场C．若只改变粒子的初速度大小，发现粒子能回到MN上且与MN的夹角大小不变，则空间中的场一定是磁场D．若只改变粒子的初速度大小，发现粒子能回到MN上且所用的时间不变，则空间中的场一定是磁场考点：带电粒子在混合场中的运动．专题：带电粒子在复合场中的运动专题．分析：洛伦兹力不做功，电场力可以做功；粒子在匀强磁场中做匀速圆周运动，在电场中做类似抛体运动．据此分析即可．解答：解：A、洛伦兹力对带电粒子不做功，不能使粒子速度增大，电场力可使带电粒子做功，动能增大，则知如果粒子回到MN上时速度增大，则该空间存在的一定是电场，故A 正确；B、若带电粒子以与电场线平行的速度v0射入，粒子返回速率不变，该空间可能存在电场．粒子在磁场中做匀速圆周运动，速度大小不变，所以也可能存在磁场．故B错误；C、若只改变粒子的初速度大小，发现粒子能回到MN上且与MN的夹角大小不变，可能存在磁场，也可能存在电场，因为圆有对称性，抛物体也具有对称性．故C错误；D、若只改变粒子的初速度大小，发现粒子再回到MN上所用的时间不变，粒子只能是在磁场中运动，t=T=•=，与速度无关，故D正确；故选：AD．点评：本题关键是分电场和磁场两种情况进行分析讨论，抓住匀速圆周运动模型和直线运动模型进行分析讨论．三．本大题4小题，每空2分，补全电路2分，共24分．19．（4分）几名同学进行野外考察，登上一山峰后，他们想粗略测出山顶处的重力加速度．于是他们用细线拴好石块P系在树枝上做成一个简易单摆，如图所示．然后用随身携带的钢卷尺、电子手表进行了测量．同学们首先测出摆长L，然后将石块拉开一个小角度，由静止释放，使石块在竖直平面内摆动，用电子手表测出单摆完成n次全振动所用的时间t．①利用测量数据计算山顶处重力加速度的表达式是g=；②若振动周期测量正确，但由于难以确定石块重心，测量摆长时从悬点仅量到石块上端，导致用这次测量数据计算出来的山顶处重力加速度值比真实值偏小（选填“偏大”、“偏小”或“相等”）．考点：单摆周期公式．专题：单摆问题．分析：（1）单摆完成一次全振动的时间是一个周期．单摆完成n次全振动所用的时间t，求出周期．由单摆的周期公式得出重力加速度的表达式．（2）根据重力加速度的表达式分析重力加速度值与真实值的大小关系．解答：解：①由题，单摆完成n次全振动所用的时间t得，单摆的周期T=．由单摆的周期公式T=2得，g==．②单摆的摆长应等于悬点到石块重心的距离，若测量摆长时从悬点仅量到石块上端做为摆长，摆长L偏小，则由重力加速度的表达式g=可知，重力加速度值比真实值偏小．故答案为：①；②偏小；。
2013-2014学年下学期期末高二物理试卷(含 答案)
NN２０１３－２０１４学年下学期期末高二物理试卷（含答案） 考试时间：90分钟 （一）必考题：一、选择题（共10个小题 每题4分共40分 不定向选择，选错不得分，选对但不全得2分）1、人在火车车厢里立定跳远，在下列情况中，如果人用力相同，相对车厢来说，正确的说法是 ( ）A.在静止的火车里向前跳，跳得较远B.在匀速直线运动的火车里，向车行进的方向跳，跳得较远C.在匀速直线运动的火车里，向车行进的反方向跳，跳得较远D.在以上三种情况里人跳的距离均相同2、如图为质量相等的两个质点B A 、在同一直线上运动的v t =图像，由图可知 ( )（A ）在t 时刻两个质点在同一位置 （B ）在t 时刻两个质点速度相等（C ）在0t -时间内质点B 比质点A 位移大 （D ）在0t -时间内合外力对两个质点做功相等3、物块静止在固定的斜面上，分别按图示的方向对物块施加大小相等的力F ，A 中F 垂直于斜面向上。
B 中F 垂直于斜面向下，C 中F 竖直向上，D 中F 竖直向下，施力后物块仍然静止，则物块所受的静摩擦力增大的是（ ）4、如图4-76所示，竖直放置的光滑圆环，半径R=20厘米，在环上套有一个质量为m 的小球，若圆环以ω=10弧度／秒的角速度转动（g=10m ／s2），则角θ大小为( ) A ．30° B ．45° C ．60° D ．90°5、发射地球同步卫星时，先将卫星发射至近地圆轨道1，然后经点火，使其沿椭圆轨道2运行，最后再次点火，将卫星送入同步圆轨道3．轨道1、2相切于Q 点，轨道2、3相切于P 点（图4-28）．则当卫星分别在1、2、3轨道上正常运行时，以下说法正确的是( ) A ．卫星在轨道3上的速率大于在轨道1上的速率 B ．卫星在轨道3上的角速度小于在轨道1上的角速度C ．卫星在轨道1上经过Q 点时的加速度大于它在轨道2上经过Q 点时的加速度D ．卫星在轨道2上经过P 点时的加速度等于它在轨道3上经过P 点时的加速度ABC D6、如图5所示，用大小相等、方向相反，并在同一水平面上的力N 挤压相同的木板，木板中间夹着两块相同的砖，砖和木板均保持静止，则（ ） AB ．NC ．板、砖D ．两砖7、如图2-7-12所示，质量为M 的木块放在光滑的水平面上，质量为m 的子弹以速度v0沿水平射中木块，并最终留在木块中与木块一起以速度v 运动.已知当子弹相对木块静止时，木块前进距离L ，子弹进入木块的深度为s.若木块对子弹的阻力f 视为恒定，则下列关系式中正确的是 （ ）A ．fL=21Mv2B ．f s=21mv2C ．f s=21mv02－21（M ＋m ）v2D ．f （L ＋s ）=21mv02－21mv28、一个离地面高度为h 的人造地球卫星，质量为m ，已知地球半径为R0，地球质量为M ，地球表面重力加速度为g ，那么关于求人造卫星运行速度的以下关系式：判断正确的是A ．只有①④正确B ．只有③正确C ．只有②③正确D ．只有②正确9、某人在一星球上以速率v 竖直上抛一物，经 t 秒物体落回手中．已知星球半径为R ，则他至少以多大的速率沿星球表面发射一物，才能使物体不落回星球（ ）10、如图所示，M 为固定在水平桌面上的有缺口的方形木块，abcd 为43圆周的光滑轨道，a为轨道的最高点，de 面水平且有一定长度。
2013-2014学年上学期高二物理期末考试试卷(含答案)
2013-2014学年上学期期末考试高 二 物 理 试 题一、不定项选择题1、使两个完全相同的金属小球(均可视为点电荷)分别带上－3Q 和＋5Q 的电荷后，将它们固定在相距为a 的两点，它们之间库仑力的大小为F 1.现用绝缘工具使两小球相互接触后，再将它们固定在相距为2a 的两点，它们之间库仑力的大小为F 2.则F 1与F 2之比为( )A ．2∶1B ．4∶1C ．16∶1D ．60∶12、远距离高压输电，输电电压为Ｕ，输电导线上损失电压为ＵＲ，输电电流为Ｉ，当输送电功率相同时，输电导线上损失的电功率 ( )A ．与Ｕ的平方成正比B ．与ＵＲ的平方成正比C ．与Ｕ的平方成反比D ．与Ｉ的平方成正比3、如右图为一匀强电场，某带电粒子从A 点运动到B 点．在这一运动过程中克服重力做的功为2.0 J ，电场力做的功为1.5 J ．则下列说法正确的是( )A ．粒子带负电B ．粒子在A 点的电势能比在B 点少1.5 JC ．粒子在A 点的动能比在B 点多0.5 JD ．粒子在A 点的机械能比在B 点少1.5 J4、如下图所示，要使电阻R 1消耗的功率最大，应该把电阻R 2的阻值调节到( )A ．R 1＋rB ．R 1－rC ．rD ．05、如图所示，当滑动变阻器的滑动触头P 向右移动时，三个灯泡亮度的变化情况是( )A ．L 1变亮，L 2和L 3皆变暗B ．L 1变亮，L 2不能确定，L 3变暗C ．L 1变暗，L 2变亮，L 3也变亮D ．L 1变亮，L 2变亮，L 3变暗6、如图所示，一幢居民楼里住着生活水平各不相同的30户居民，所以整幢居民楼里有各种不同的电器，例如洗衣机、电视机、微波炉、空调等。
停电时，用欧姆表测得A 、B 间的电阻为R ；供电后，各家电器同时使用，测得A 、B 间的电压为U ，进线电流为I ，如图所示，则计算该幢居民楼用电的总功率可以用的公式是（ ）A ．R I P 2=B ．R U P 2=C ．UI P =D ．R I UI P 2+= 7、如右图所示，一半径为R 的圆形区域内有垂直于纸面向里的匀强磁场，一质量为m ，电荷量为q 的正电荷(重力忽略不计)以速度v 沿正对着圆心O 的方向射入磁场，从磁场中射出时速度方向改变了θ角．磁场的磁感应强度大小为( )A.mv qR tan θ2B.mv qR cot θ2C.mv qR sin θ2D.mv qR cos θ28、一矩形线圈，绕垂直于匀强磁场并位于线圈平面内的固定轴转动．线圈中的感应电动势e 随时间t 的变化如图所示．下面说法中正确的是：[来源:Z#xx#]A.t 1时刻通过线圈的磁通量为零B.t 2时刻通过线圈的磁通量的绝对值最大[来源:学科网ZXXK]C.t 3时刻通过线圈的磁通量变化率的为零D.每当e变换方向时，通过线圈的磁通量绝对值都为最大。
绵阳市高中2013级第二学年末教学质量测试理科物理答案
绵阳市高2013级第二学年期末考试物理参考答案及评分意见一、选择题（本题共12小题。
每小题给出的四个选项中，只有一个选项正确）1.B2.A3. C4.D5.C6. B 7 .A 8.C 9.D 10.C 11.B 12.D二、选择题（本题共6小题。
每小题给出的四个选项中，至少只有一个选项正确）13.AC 14.AD 15.BC 16. BD 17.BD 18.AD非选择题（共68分）三、本大题共4小题，每空2分，共14分19．c 20．A ，6×10-821．8，1 22．π210，40四、本大题共2小题，共10分23．①21cos cos θθ（2分），大（1分）。
24．（1）EDB （1分），各光学元件中心与遮光筒轴线水平共线（1分），单缝与双缝竖直平行放置（1分）。
（2）2.310（2分），6.6×10-7（2分）。
五、本大题共2小题，共22分，要求必须写出必要的文字说明，主要的计算步骤和明确的答案25．（10分）解：（1）设输电线上损失功率为P 损，输电电流为I ，升压变压器输入电压为U 0，输出电压为U ，原、副线圈的匝数分别是n 1和n 2，则P 损＝3.2%P ………………（1分）解得 P 损＝50×103×3.2% W ＝1600 WP 损＝I 2R ………………（1分）解得 I ＝10AP ＝IU ………………（1分）解得 U =5000V101021==U U n n ………………（2分） （2）设输电线上损失电压为U 损，降压变压器输入电压为U 3，输出电压为U 4，原、副线圈的匝数分别是n 3和n 4，则IR U =损 ………………（1分）损U U U -=3 ………………（2分）解得 V 48403=U1224343==U U n n ………………（2分） 26．（12分）解： （1）当ab 棒刚下滑时，ab 棒的加速度最大，设为a ，则ma mg mg =-θμθcos sin ………………（2分）解得 a =4m/s 2 ………………（1分）（2）ab 棒达到最大速度v m 时做匀速运动，设电动势为E ，电流为I ，则θμθc o s s i n mg BIL mg += ………………（2分）m BL E υ= ………………（1分）RE I 2= ………………（1分） EI P = ………………（1分）解得 v m =10m/s ，B =0.4T ………………（1分）（3）根据能量守恒得，有Q h mg m mgh m +⋅+=θθμυsin cos 212 ………………（2分） 解得 J 30=Q ………………（1分）。