福建省安溪八中2014-2015学年高一物理下学期期中质量检测试题新人教版
下学期高一期中考试物理试题(扫描版)(附答案)(3)
2014-2015学年度第二学期期中考试高一物理参考答案一．单项选择题(本题共6小题，每小题3分，共18分)1.D2.B3. C4.B5.C6.D二．多项选择题（本题共5小题，每小题4分，共20分。
每小题有多个选项．．．．符合题意．全部选对的得 4分，选对但不全的得 2 分，错选或不答的得 0 分）7.B C 8. AD 9. BD 10.BD 11.CD三．简答题（本题共3小题，共23分）12. （共8分）（1）3：1(3分) （2）222TR π（3分） （3）从P 点垂直指向AB （2分） 13．（各2分，共6分）等于 3 物体动能的变化14.（共9分）(1) 刻度尺（2分） (2) 平衡摩擦力（2分） m<<M （2分） (3) 21222121Mv Mv mgL -=（3分） 四．计算题（本题共3小题，共39分）15.（12分）（1）在底端对物体由牛顿第二定律Rv m m g N 2=-得：N=200N （3分） 由牛顿第三运动定律：物体对轨道的压力大小N N N 200'==（1分）（2）对物体从底端到停止，运用动能定理2210mv mgx -=-μ得：2.0=μ （4分） （3）对物体从圆弧轨道上端到底端，运用动能定理0212-=+mv W mgR f 得：J W f 20-= （4分）（少负号扣1分） 16.（12分）（1）由万有引力定律和向心力公式得G ()2MmR h +=m 224Tπ(R+h) （2分） 忽略地球自转影响有G 2Mm R =m g （2分）解得T B 2分）（2）设A 、B 两卫星经时间t 再次相距最近，由题意得(ωB -ω0)t=2π（2分）， 又有ωB =2π/T B （2分） 解得2分） 17.（15分）（1）小车撞到障碍物瞬间，对小球L v m mg T 21=-（2分）解得mg T 101=（2分）（2）小球过最高点时，对小车mg Mg T 32==（2分）此时，对小球L v m mg T 212=+（2分）解得gL v 21=（2分）（3）从小车与障碍物相撞到小球第一次运动到最高点，对小球202121212mv mv W L mg f -=+⋅-（3分） 解得mgL W f 21-=，故小球克服摩擦力做功为mgL 21（2分）。
福建省福州市八县一中高一物理下学期期中联考试题
2014——2015学年度第二学期八县（市）一中期中联考高中一年物理科试卷一、选择题（在每一小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的，共14小题，每小题3分，共42分）1．下列说法正确的是（ ）A. 某力对物体没有做功，则物体的位移必为零B. 摩擦力对物体只能做负功C. 如果物体的动能不变，则该物体的速度也一定不变D. 如果物体的速度不变，则该物体的动能也一定不变 2．下列说法正确的是 （ ）A. 物体沿水平面做匀加速运动，机械能一定守恒B. 起重机匀速提升物体，机械能一定守恒C. 物体沿光滑曲面自由下滑过程中，机械能一定守恒D. 跳伞运动员在空中匀速下落过程中，机械能一定守恒3．小船在水速较小的河中横渡，并使船头始终垂直河岸航行，到达河中间时突然上游来水使水流速度加快，则对此小船渡河的说法正确的是 （ ） A. 小船要用更长的时间才能到达对岸 B ．小船到达对岸的时间不变，但位移将变大C ．因小船船头始终垂直河岸航行，故所用时间及位移都不会变化D ．因船速与水速关系未知，故无法确定渡河时间及位移的变化4．用恒力F 使质量为M 的物体沿竖直方向匀速上升h ，恒力做功W 1，再用该恒力作用于质量为m (m <M )的物体，使之在竖直方向加速上升距离h ，恒力做功W 2，则两次恒力做功的关系是 （ ）A. W 1＝W 2B. W 1＜W 2C. W 1＞W 2D. 无法判断5．质量为m 的小物块在倾角为α的斜面上处于静止状态，如图所示。
若斜面体和小物块一起以速度v 沿水平方向向右做匀速直线运动，通过一段位移s 。
斜面体对物块的摩擦力和支持力的做功情况是（ ） A．摩擦力做正功，支持力做正功 B ．摩擦力做正功，支持力做负功C ．摩擦力做负功，支持力做正功D ．摩擦力做负功，支持力做负功v6．列车提速的一个关键技术问题是提高机车发动机的功率。
已知匀速运动时，列车所受阻力与速度的平方成正比，即f=kv 2。
福建省安溪高一下学期期中考试物理试题(有答案)
第二学期期中考试 高一 物理试卷一、选择题1.两个相互垂直的共点力F l 和F 2作用在同一物体上，使物体运动一段位移．如果F 1对物体做功4 J ，F 2对物体做功5 J ，则F 1和F 2的合力对物体做功为[ ] A ．4 J B ．1 J C ．9 J D ．10 J2.做曲线运动的物体，在运动过程中一定变化的物理量是：[ ]A ．速度B ．加速度C ．受力D ．速率3. 质量为m 的物体从地面上方H 高处无初速释放，落在地面后出现一个深度为h 的坑，如图所示，在此过程中 [ ] A ．重力对物体做功为mgH B ．物体的重力势能减少了mgH C ．外力对物体做的总功为零 D ．地面对物体的平均阻力为mgH/h4.将一物体以某一初速度竖直上抛，下面四幅图中，能正确表示物体在整个运动过程中速度v 随时间t ，的关系的是[ ]（不计空气阻力，取向上为正方向）5. 关于弹力做功与弹性势能的关系，我们在进行猜想时，可以参考重力做功与重力势能的关系的讨论，则下面的猜想有道理的是：[ ]弹力做功将引起弹性势能的变化，当弹力做正功时，弹性势能将增加 Ｂ．弹力做功将引起弹性势能的变化，当弹力做正功时，弹性势能将减少 Ｃ．弹力做功将不引起弹性势能的变化，当弹力做负功时，弹性势能将增加 Ｄ．弹力做功将引起弹性势能的变化，当弹力做负功时，弹性势能将减少6.如图所示,木块m 沿固定的光滑斜面从静止开始下滑,当下降h 高度时,重力的即时功率是 []tAtBtCtDＡ．gh mg 2 Ｂ．gh mg 2cos θ Ｃ．2sin gh mg θＤ．gh mg 2sin θ7. 质量为5kg 的小车在光滑的水平面上做匀加速直线运动.若它在2s 内从静止开始速度增加到4m ／s ，则在这一段时间里外力对小车做功的平均功率是()A.40WB.20WC.10WD.5W8.一物体速度由0增加到v ,再从v 增加到2v ,合外力做功分别为W 1和W 2，则W 1和W 2关系正确的是( ) A.W 1=W 2 B.W 2=2W 1 C.W 2=3W 1D.W 2=4W 111．关于力和运动的关系，下面的说法中正确的是： C A ．当物体受到的合力方向与速度方向不同时，物体一定做曲线运动 B ．当物体受到的合力方向与速度方向相同时，物体也可能做曲线运动 C ．当物体受到的合力方向与速度方向在同一直线上时，物体不一定做直线运动 D ．当物体受到的合力方向与速度方向不在同一直线上时，物体一定做曲线运动12.小船以大小恒定、方向始终垂直于河岸的速度渡河到对岸，设河水的流速不变，小船在水中渡河的位移、渡河所用时间与河水流速的关系（ ） Ａ．河水流速大时，位移大，时间长 Ｂ．河水流速大时，位移大，时间短Ｃ．河水流速大时，位移大，渡河时间与河水流速无关 Ｄ．河水流速与渡河位移及渡河时间均无关13.炮筒与水平方向成θ角，炮弹从炮口射出时的速度是V 0，将该速度分为水平与竖直方向，则在水平方向的分速度为（ ） A ．V 0 sin θ B ．V 0 cos θC ．V 0/sin θD ．V 0/cosθ14.在加速上升的气球上落下一物体，该物体离开气球的瞬间的速度和加速度是 A ．有向上的加速度和向下的速度 B ．有向上的速度和向下的加速度 C ．物体将作竖直下抛运动 D ．物体将作自由落体运动15.如图所示，若玻璃管中的红蜡块在A 点匀速上升的同时，玻璃管水平向右做匀加速直线运动，则红蜡块实际运动的轨迹是图中的 （ ） A ．直线P B ．曲线Q C ．曲线R D ．无法确定16、如图九所示，人在岸上用轻绳拉船，若人匀速行进，则船将做：（ ） A. 匀速运动 B. 匀加速运动 C. 变加速运动 D. 减速运动二、实验填空题（本题每空格2分，共20分）17、在空中某点竖直上抛物体经8s 落地，其υ-t 图像如图所示，抛出时 的速度是________m/s ，抛出后经_______s 到达最大高度，最高点离地 面高度是_________m 。
福建省安溪第八中学1415学年度高二上学期期中——物理
福建省安溪第八中学2014—2015学年度上学期期中考试高二物理试题一、单项选择题：（12×3分=36分）1.某电场的电场线如图所示，电场中的A 、B 两点的场强大小分别为E A 和E B ，由图可知A ．E A ＜EB B ．E A ＝E BC ．E A ＞E BD ．无法比较E A 和E B 的大小2. 一个电荷只在电场力作用下从电场中的A 点移到B 点过程中，电场力做了5×10-6 J 的正功，那么A ．电荷的电势能减少了5×10-6 JB ．电荷的动能减少了5×10-6 JC ．电荷在B 处时具有5×10-6 J 的电势能D ．电荷在B 处时具有5×10-6 J 的动能3. 关于电容器的电容，下列说法正确的是A ．电容器不带电时，其电容为零B ．电容器带电荷量越多，其电容越大C ．电容器两极板间电压越低，其电容越小D ．电容器的电容只由它本身的性质决定4. 真空中有两个静止的点电荷，它们之间的作用力为F ，若它们的带电量都增大为原来的3倍，距离减少为原来的1/3，它们之间的相互作用力变为A ．F/3B ．F Ｃ．9F Ｄ．81F5. 下列事例中属于静电应用的有A.油罐车拖一条铁链B.飞机机轮用导电橡胶制成C.织地毯时夹一些不锈钢丝D.静电复印6. 如图所示，在场强为E 的匀强电场中，a 、b 两点间的距离为L ，ab 连线与电场方向的夹角为θ，则a 、b 两点间的电势差为A ．B ．C ．D ． 7. 关于电场强度，下列说法中正确的是 A ．由知，检验电荷在某点所受电场力越大，该点的场强越强B ．由知，检验电荷所带电量越少，检验电荷所在位置的场强越强C ．电场中某点的场强与检验电荷的电量和所受的电场力无关D ．电场中某点场强的方向就是检验电荷在该点所受电场力的方向8. 一根粗细均匀的电阻丝，其电阻为 R ，在温度不变的情况下，若将其对折后，则其电阻变为A ． R /4B ． R /2C ． 2RD ． 4R9. 两个固定的异号电荷，电荷量给定但大小不等，且q 1<q 2．用E 1和E 2分别表示两个点电荷产生的电场强度的大小，则在通过两点电荷的直线上，E 1＝E 2的点A ．有三个，其中两处合场强为零B ．有三个，其中一处合场强为零C ．只有二个，其中一处合场强为零D ．只有一个，该处合场强不为零10. 如图所示，Q 带负电荷，导体P 在a 处接地，下列说法中正确的是A ．导体P 的a 端带正电荷，b 端不带电B ．导体P 的a 端不带电荷，b 端带负电荷C ．导体P 的a 端带正电荷，b 端带负电荷，且正、负电荷的电荷量相等D．导体P的a端带正电荷，b端带负电荷，正电荷的电荷量大于负电荷的电荷量11.直流电动机线圈的电阻为R，当电动机工作时，电动机中的电流是I，两端电压是U，则其输出功率是：A.UIB.UI+I2R C．UI-I2R D．U2/R12.导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是A．横截面积一定，电阻与导体的长度成正比B．长度一定，电阻与导体的横截面积成正比C．电压一定，电阻与通过导体的电流成正比D．电流一定，电阻与导体两端的电压成反比二、填空实验题：（10×2分=20分）13. 在竖直向下、电场强度为E的匀强电场中，一个质量为m的带点液滴，沿着水平方向直线运动，则该液滴带电，电荷量大小为。
高一物理下学期期中段考试题 理-人教版高一全册物理试题
ABC2014—2015学年度第二学期高一年级物理(理科)段考试题第1卷〔选择题，共38分〕一、单项选择题〔此题包括6小题，每一小题3分，共18分，每一小题只有一个选项符合题意〕1．以下说法正确的答案是( )A ．作用力和反作用力大小相等、方向相反，做功的大小一定相等B ．汽车行驶速度越大，刹车后滑行的路程越长，所以惯性越大C ．米、千克、秒、牛，都是国际单位制中的根本单位D ．使质量为1kg 的物体产生1m/s2加速度的力定义为1N 2．质量为5t 的汽车在水平路面上以v=20m/s 的速度做匀速直线运动，所受的阻力为1.0×103N ，如此汽车发动机的功率为〔 〕A ．1.0×104WB ．1.1×104WC ．1.2×104WD ．2.0×104W3．从同一高度以一样的速率分别抛出质量相等的三个小球，一个竖直上抛，一个竖直下抛，另一个平抛，如此它们从抛出到落地以下说法正确的答案是〔 〕 ①加速度一样 ②落地时的速度一样③运行的时间相等 ④落地时的动能相等 A ．①③B ．②③C ．①④D ．②④4．如下列图，在同一轨道平面上的几个人造地球卫星A 、B 、C 绕地球做匀速圆周运动，某一时刻恰好在同一直线上，如下说法中正确的答案是( )A ．根据v ＝gr 可知，运行速度满足C B A v v v >>B ．向心加速度满足CB A a a a <<C ．运转角速度满足C B A ωωω>>D ．运动一周后，A 最先回到图示位置5．如下列图，质量为M 的楔形物块静置在水平地面上，其斜面的倾角为θ，斜面上有一质量为m 的小物块，小物块与斜面之间存在摩擦。
用恒力F 沿斜面向下推小物块，使之匀速下滑。
在小物块运动的过程中，楔形物块始终保持静止。
地面对楔形物块的支持力为〔 〕A ．(M+m)gB ．(M+m)g+Fs inθC ．(M+m)g +F cosθD ．(M+m)g- Fcosθ6．如下列图，斜面除AB 段粗糙外，其余局部都是光滑的，一个物体从顶点滑下，经过A 、C 两点时的速度相等，且AB ＝BC ，〔物体与AB 段动摩擦因数处处相等，斜面与水平面始终相对静止〕，如此物体在AB 段和BC 段运动过程中〔 〕A ．加速度相等B ．速度改变量相等C ．重力的平均功率相等D ．合外力对物体做功相等Mm FθA A/cm二、多项选择题〔此题包括4小题，每一小题5分，共20分。
福建省福州市第八中2013-2014学年高一物理下学期期中试题(含解析)
2013-2014学年福建省福州八中高一〔下〕期中物理试卷一、单项选择题〔每一小题3分，共39分．每题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，力F大小相等，A、B、C、D 物体运动的位移s也一样，其中A、C图接触面光滑，B、D图接触面粗糙，哪种情况F做功最小〔〕 A．B．C．D．2．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下说法中，正确的答案是〔〕A．物体的动能不变，如此物体所受的外力的合力必定为零B．物体的动能变化，如此物体所受的外力的合力必定不为零C．物体的速度变化，如此物体的动能必定发生变化D．物体所受的合外力不为零，物体的动能必定发生变化3．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕在如下几种运动中，你认为哪种运动物体的机械能不守恒〔空气阻力不计〕〔〕A．用细绳吊着的小球在竖直面内摆B．抛出的铁饼落地前做抛体运动C．物体在拉力作用下沿光滑斜面匀速向上运动D．物体在光滑的斜面上自由滑下4．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕关于功率，如下说法正确的答案是〔〕A．由功率P=W/t，只要知道W和t的值就可求任意时刻的功率B．由P=F•v可知，汽车的功率和它的速度成正比C．由P=F•v可知，当发动机功率一定时，牵引力与速度成正比D．汽车发动机功率达到额定功率，当牵引力等于阻力时，汽车的速度最大5．〔3分〕〔2012春•会泽县校级期末〕某人用手将1kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为3m/s〔g取10m/s2〕，如此如下说法不正确的答案是〔〕A．手对物体做功14.5J B．合外力做功4.5JC．合外力做功12J D．物体抑制重力做功10J6．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕从离地40m的桌面上，以30m/s的初速度竖直上抛一个小球，假设不计空气阻力，g取10m/s2，如此球运动到距桌面下方25m 时所经历的时间为〔〕A．1s B．2s C．5s D．3+s7．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，用长为l的绳子一端系着一个质量为m的小球，另一端固定在O点，拉小球至A点，此时绳偏离竖直方向θ，松手后小球经过最低点时的速率为〔〕〔空气阻力不计〕A．B．C．D．8．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕甲乙两物体质量的比M1：M2=2：1，速度的比V1：V2=1：2，与水平面的摩擦系数一样，在摩擦力作用下逐渐停下，如此它们的位移比S1：S2是〔〕 A．1：1 B．1：4 C．2：1 D．1：29．〔3分〕〔2008春•如东县校级期中〕速度为v的子弹，恰可穿透一块固定着的木板，如果子弹的速度为2v，子弹穿透木板时阻力视为不变，如此可穿透同样的木板〔〕A．1块B．2块C．3块D．4块10．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕起重机吊钩挂着一木箱，木箱正在匀减速下降，这个过程中，说法错误的答案是〔〕A．木箱重力做正功B．钢索对木箱的拉力做正功C．钢索对木箱的拉力做负功D．木箱的重力势能和动能都减少11．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕质量为m的物体，从静止出发以的加速度竖直下降h，如下几种说法错误的答案是〔〕A．物体的机械能增加了mgh B．物体的动能增加了mghC．物体的机械能减少了mghD．物体的重力势能减少了mgh12．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，重10N的滑块在倾角为30°的斜面上，从a点由静止下滑，到b点接触到一个轻弹簧，滑块压缩弹簧到c点开始弹回，返回b点离开弹簧，最后又回到a点，，ab=1m，bc=0.2m，那么在整个过程中以下说法错误的答案是〔〕A．滑块动能的最大值是6JB．弹簧的弹性势能的最大值是6JC．从c到b弹簧的弹力对滑块做的功是6JD．整个过程物体和弹簧组成的系统机械能守恒13．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕物体从某一高度自由落到直立于地面上的轻弹簧上，如下列图，在A点开始与弹簧接触，到B点物体速度为零，然后被弹回，如此〔〕A．物体A到B的过程中，动能不断减小B．物体从B上升到A的过程中，动能不断增大C．物体在B点的动能为零，是平衡位置D．物体从A到B与B上升到A的过程中，动能是先变大后变小二、填空题〔每空3分，3×9=27〕14．〔6分〕〔2014春•台江区校级期中〕节日燃放一种类似“双响〞的爆竹，在高空点燃时分成AB两局部，爆竹的A局部以30m/s的速度竖直向上抛出，B局部如此以10m/s的速度竖直向下抛出，当A局部上升到最大高度时B局部刚好到达地面，如此爆竹点燃后A局部上升到最大高度所需的时间为s，A、B两局部别离时距离地面的高度是〔g取10m/s2〕m．15．〔6分〕〔2014春•台江区校级期中〕一条大河宽200米，河水以3m/s的速度匀速流动，一小船在静水中的速度为4m/s，小船渡过大河最少需要的时间为s，其位移为m．16．〔15分〕〔2014春•台江区校级期中〕在一次实验中，质量为M的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如下列图，〔相邻计数点的时间间隔为T〕，纸带的左端与重物相连，测出S1，S2，S3，当地的重力加速度为g，如此：①打点计时器打下计数点B时，物体的速度VB=．②从初速为零的起点O到打下计数点B的过程中重力势能的减少量△E P=，此过程中物体的动能的增加量△E k=．③根据某次实验的测量数据，通过计算得：△E P=0.490Mm2/s2，△E k=0.481Mm2/s2，即△E P ＞△E k．这是因为：．④通过实验误差分析，计算出该实验允许的最大误差为0.025Mm2/s2，据此可以得出的实验结论是．三、计算题〔34分〕17．〔10分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，在高度h=0.65m的水平光滑桌面上，有一轻弹簧左端固定，质量为m=1kg的小球在外力作用下使弹簧处于压缩状态．由静止释放小球，将小球水平弹出，小球离开弹簧时的速度为v1=6m/s，如下列图，不计空气阻力，求：〔1〕弹簧的弹力对小球所做的功为多少？〔2〕小球落地时速度v2 的大小．〔g取10m/s2〕18．〔12分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，光滑圆弧的半径为0.2m，有一质量为1.0kg的物体自A点由静止开始下滑到达B点，然后物体沿粗糙水平面继续向前最远能够到达C处，B到C的距离为2m．求：〔g=10m/s2〕〔1〕物体到达B点时的速率；〔2〕物体由圆弧刚到B点时重力的瞬时功率．〔3〕物体与水平面间的动摩擦因数．19．〔12分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，物体A的质量M=2kg和物体B的质量m=1kg，通过轻绳子跨过滑轮相连．斜面光滑，不计绳子和滑轮之间的摩擦．开始时A物体离地的高度为h=0.4m，B物体位于斜面的底端斜面倾角为θ=30°，刚开始时用手托住A物体，使A、B两物均处于静止状态．重力加速度g=10m/s2，撤去手后，求：〔1〕A物体落地瞬间的速度大小？〔2〕A物体落地后B物体还能够继续沿斜面向上滑多远？2013-2014学年福建省福州八中高一〔下〕期中物理试卷参考答案与试题解析一、单项选择题〔每一小题3分，共39分．每题的四个选项中，只有一个选项符合题目要求〕1．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，力F大小相等，A、B、C、D 物体运动的位移s也一样，其中A、C图接触面光滑，B、D图接触面粗糙，哪种情况F做功最小〔〕 A．B．C．D．考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：根据恒力做功的表达式W=FScosθ〔θ为F与S的夹角〕进展判断即可解答：解：A选项中，拉力做功为：W=FSB 选项中，拉力做功为：C 选项中，拉力做功为：D选项中，拉力做功为：故D图中拉力F做功最少；应当选：D．点评：此题涉与恒力做功的求法，拉力F做功取决与力的大小、位移的大小和力与位移夹角的余弦三者的乘积，与是否有其他力做功无关．2．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下说法中，正确的答案是〔〕A．物体的动能不变，如此物体所受的外力的合力必定为零B．物体的动能变化，如此物体所受的外力的合力必定不为零C．物体的速度变化，如此物体的动能必定发生变化D．物体所受的合外力不为零，物体的动能必定发生变化考点：动能定理．专题：动能定理的应用专题．分析：此题考查做功的两个必要条件，即：一是作用在物体上的力，二是物体在这个方向上通过了一段位移．合外力对物体做的功等于物体动能的变化量．解答：解：A、如果动能不变说明合力对物体做的功为零，可能是合力与速度方向垂直，但是合力不一定为零，比如匀速圆周运动，故A错误．B、物体的动能变化，如此合力做功一定不为零，如此合力必定不为零，故B正确；C、物体的速度变化，可能只是速度的方向发生变化而速度大小不变，如此动能不变，故C错误；D、物体所受的合外力不为零，但假设合外力与速度方向垂直，如此合外力做功为零，根据动能定理如此物体的动能不变，故D错误．应当选：B．点评：掌握功的两个必要因素，根据两个必要因素，会判断物体是否做功．清楚合力为零和合力做功为零的区别．3．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕在如下几种运动中，你认为哪种运动物体的机械能不守恒〔空气阻力不计〕〔〕A．用细绳吊着的小球在竖直面内摆B．抛出的铁饼落地前做抛体运动C．物体在拉力作用下沿光滑斜面匀速向上运动D．物体在光滑的斜面上自由滑下考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：物体机械能守恒的条件是只有重力或弹簧的弹力做功，机械能等于势能与动能之和．根据机械能守恒的条件或机械能的定义进展分析．解答：解：A、用细绳吊着的小球在竖直面内摆，细绳的拉力不做功，只有重力对小球做功，其机械能守恒，不符合题意，故A错误．B、抛出的铁饼落地前做抛体运动的过程中，只受重力，就只有重力对铁饼做功，其机械能守恒，不符合题意，故B错误．C、物体在拉力作用下沿光滑斜面匀速向上运动，重力势能增加，动能不变，它们之和即机械能增加，故C正确．D、物体在光滑的斜面上自由滑下，斜面的支持力对物体不做功，只有重力对物体做功，其机械能守恒，不符合题意，故D错误．应当选：C．点评：掌握住机械能守恒的条件，也就是只有重力或弹簧的弹力做功，分析物体是否受到其它力的作用，以与其它力是否做功，由此即可判断是否机械能守恒．4．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕关于功率，如下说法正确的答案是〔〕A．由功率P=W/t，只要知道W和t的值就可求任意时刻的功率B．由P=F•v可知，汽车的功率和它的速度成正比C．由P=F•v可知，当发动机功率一定时，牵引力与速度成正比D．汽车发动机功率达到额定功率，当牵引力等于阻力时，汽车的速度最大考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：汽车的功率等于牵引力与速度的乘积，根据P=Fv可以判断出速度与牵引力的大小关系．汽车以恒定功率运动时，当牵引力与阻力相等，速度达到最大．解答：解：A、由公式能够求出平均功率的大小，不能求出任意时刻的瞬时功率．故A 错误；B、当牵引力一定时，根据P=Fv知汽车发动机的功率与速度成正比，但是汽车发动机的额定功率与汽车的速度无关．故B错误；C、由公式P=Fv可知，当汽车输出功率一定时，牵引力与汽车的速度成反比．故C错误；D、P一定，速度增大，牵引力减小，加速度减小，但是加速度的方向与速度方向一样，速度继续增大，当牵引力与阻力相等时，速度达到最大．故D正确．应当选：D．点评：解决此题的关键知道汽车发动机功率与牵引力和速度的关系，即P=Fv，知道额定功率的大小与速度无关．5．〔3分〕〔2012春•会泽县校级期末〕某人用手将1kg物体由静止向上提起1m，这时物体的速度为3m/s〔g取10m/s2〕，如此如下说法不正确的答案是〔〕A．手对物体做功14.5J B．合外力做功4.5JC．合外力做功12J D．物体抑制重力做功10J考点：功的计算；动能定理．专题：功的计算专题．分析：根据物体的运动的情况可以求得物体的加速度的大小，再由牛顿第二定律就可以求得拉力的大小，再根据功的公式就可以求得力对物体做功的情况．解答：解：分析物体的运动的情况可知，物体的初速度的大小为0，位移的大小为1m，末速度的大小为3m/s，由导出公式：v2﹣v02=2ax可得，加速度a=4.5m/s2，由牛顿第二定律可得，F﹣mg=ma，所以F=mg+ma=14.5NA、手对物体做功W=FL=14.5×1=14.5J，A正确；B、合力的大小为ma=4.5N所以合力做的功为4.5×1=4.5J，故B正确，C错误；D、重力做的功为WG=mgh=﹣10×1=﹣10J，所以物体抑制重力做功10J，故D正确；题目要求选不正确的，应当选：C．点评：此题考查的是学生对功的理解，根据功的定义可以分析做功的情况．关键是根据牛顿第二定律求出手对物体拉力的大小．6．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕从离地40m的桌面上，以30m/s的初速度竖直上抛一个小球，假设不计空气阻力，g取10m/s2，如此球运动到距桌面下方25m时所经历的时间为〔〕A．1s B．2s C．5s D．3+s考点：竖直上抛运动．分析：由位移和时间的关系列出方程可得出经历的时间．解答：解：设向上为正，如此由x=v0t+at2可知h=v0t﹣gt2；即：﹣25=30t﹣5t2解得：t=应当选：D．点评：竖直上抛运动有两个过程，物体到达最高点后不能静止，而是向下继续运动．7．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，用长为l的绳子一端系着一个质量为m的小球，另一端固定在O点，拉小球至A点，此时绳偏离竖直方向θ，松手后小球经过最低点时的速率为〔〕〔空气阻力不计〕A．B．C．D．考点：机械能守恒定律．专题：机械能守恒定律应用专题．分析：小球摆动过程中，受到重力和拉力；只有重力做功，机械能守恒，根据机械能守恒定律列式求解即可解答：解：小球从A到最低点的过程中，只有重力做功，机械能守恒，故有：mgL〔1﹣cosθ〕=解得：v=应当选：B．点评：此题关键明确摆球摆动过程机械能守恒，根据机械能守恒定律列式即可求解．8．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕甲乙两物体质量的比M1：M2=2：1，速度的比V1：V2=1：2，与水平面的摩擦系数一样，在摩擦力作用下逐渐停下，如此它们的位移比S1：S2是〔〕A．1：1 B．1：4 C．2：1 D．1：2考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系．专题：直线运动规律专题．分析：根据牛顿第二定律得出甲乙两物体的加速度之比，再结合速度位移公式求出它们的位移之比．解答：解：物体在滑动摩擦力作用下做匀减速运动，根据牛顿第二定律知物体匀减速运动的加速度为：可知两物体滑动的加速度大小相等根据匀变速直线运动的速度位移关系有物体滑动的位移为：得：所以B正确，ACD错误．应当选：B．点评：此题考查了牛顿第二定律和运动学公式的综合运用，知道加速度是联系力学和运动学的桥梁9．〔3分〕〔2008春•如东县校级期中〕速度为v的子弹，恰可穿透一块固定着的木板，如果子弹的速度为2v，子弹穿透木板时阻力视为不变，如此可穿透同样的木板〔〕A．1块B．2块C．3块D．4块考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：分别对子弹穿过木板和穿过n块木板运用动能定理，联立方程即可求解．解答：解：子弹以速度v运动时，恰能水平穿透一块固定的木板，根据动能定理有﹣fd=0﹣设子弹的速度为2v时，穿过的木板数为n，如此有：﹣nfd=0﹣联立两式得，n=4应当选D点评：解决此题的关键掌握动能定理，以与运用动能定理解题时，关键是合理确实定研究的过程．10．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕起重机吊钩挂着一木箱，木箱正在匀减速下降，这个过程中，说法错误的答案是〔〕A．木箱重力做正功B．钢索对木箱的拉力做正功C．钢索对木箱的拉力做负功D．木箱的重力势能和动能都减少考点：功的计算．专题：功的计算专题．分析：分析物体的受力与运动情况，根据功的计算公式可明确做功的正负．解答：解：A、木箱向下运动，力和位移同向，故重力做正功；故A错误；B、钢索对木箱的力向上，物体的位移向下，故钢索对木箱做负功；故B错误，C正确；D、木箱的重力势能减小，由于速度减小；故动能也减小；故D正确；此题选错误的；应当选：B．点评：对于负功要注意明确只要力和位移方向之间的夹角为钝角，如此力即做负功．11．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕质量为m的物体，从静止出发以的加速度竖直下降h，如下几种说法错误的答案是〔〕A．物体的机械能增加了mgh B．物体的动能增加了mghC．物体的机械能减少了mghD．物体的重力势能减少了mgh考点：功能关系．分析：根据物体的运动情况可知物体的受力情况，由功的公式可求得各力的功；由动能定理可求得物体的动能改变量；由功能关系可求机械能的变化；由重力势能与重力做功的关系可知重力势能的改变量．解答：解：A、因物体的加速度为g，故说明物体受阻力作用，由牛顿第二定律可知，mg ﹣f=ma；解得f=mg，阻力做功Wf=﹣mgh；阴力做功消耗机械能，故机械能的减小量为mgh，故A错误，C正确；B、由动能定理可得动能的改变量△E k=W合=mah=mgh，所以物体的动能增加mgh，故B正确；D、重力做功WG=mgh，所以物体的重力势能减少mgh，故D正确．此题选择错误的，应当选：A．点评：此题关键在于各种功的物理意义：①重力做功等于重力势能的减小量；②而合力的功等于动能的改变量；③除重力外其余力做的功等于机械能的变化量．12．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，重10N的滑块在倾角为30°的斜面上，从a点由静止下滑，到b点接触到一个轻弹簧，滑块压缩弹簧到c点开始弹回，返回b点离开弹簧，最后又回到a点，，ab=1m，bc=0.2m，那么在整个过程中以下说法错误的答案是〔〕A．滑块动能的最大值是6JB．弹簧的弹性势能的最大值是6JC．从c到b弹簧的弹力对滑块做的功是6JD．整个过程物体和弹簧组成的系统机械能守恒考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：了解滑块的运动过程，滑块先加速运动到b，接触弹簧后滑块没有减速，而是继续加速，当滑块的合力为0时，滑块速度最大，再向下做减速运动，速度减到0时，弹簧压得最紧，弹性势能最大．选择适当的过程运用动能定理列式求解．解答：解：A、当滑块的合力为0时，滑块速度最大，设滑块在d点合力为0，d点在b和c 之间．滑块从a到d，运用动能定理得：mghad+W弹=EKd﹣0mghad＜6J，W弹＜0，所以EKd＜6J，故A错误．B、滑块从a到c，运用动能定理得：mghac+W弹′=0﹣0解得：W弹′=﹣6J．弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化，所以整个过程中弹簧弹性势能的最大值为6J．故B正确．C、从c点到b点弹簧的弹力对滑块做功与从b点到c点弹簧的弹力对滑块做功大小相等，根据B选项分析，故C正确．D、整个过程中弹簧、滑块与地球组成的系统机械能守恒，没有与系统外发生能量转化，故D正确．题目要求选错误的，应当选：A．点评：此题的关键是认真分析物理过程，把复杂的物理过程分成几个小过程并且找到每个过程遵守的物理规律，列出相应的物理方程解题．同时要明确弹簧弹力做的功等于弹性势能的变化．13．〔3分〕〔2014春•台江区校级期中〕物体从某一高度自由落到直立于地面上的轻弹簧上，如下列图，在A点开始与弹簧接触，到B点物体速度为零，然后被弹回，如此〔〕A．物体A到B的过程中，动能不断减小B．物体从B上升到A的过程中，动能不断增大C．物体在B点的动能为零，是平衡位置D．物体从A到B与B上升到A的过程中，动能是先变大后变小考点：功能关系．分析：动能的大小与物体的速度有关，通过分析物体的受力情况，判断其速度的变化规律，就可以知道动能的变化规律；由外力做功与物体机械能变化的关系，可以判断机械能的变化．解答：解：A、分析物体从A点到B点的运动过程：物体受到重力和弹簧向上的弹力，先弹力小于重力，合力向下，物体加速，之后弹力大于重力，合力向上，物体开始减速，直至减为零．当弹力和重力相等时，物体的速度达到最大；所以速度先增大后减小，如此动能先增大后减小，故A错误．B、物体从B到A的过程中，弹力先大于重力，合力方向向上，物体加速上升，当弹簧的弹力和物体的重力相等物体的速度达到最大，之后弹力小于重力，物体开始减速．可知动能先增大后减小．故B错误．C、物体在B点的动能为零，弹力大于重力，不是平衡状态，故C错误．D、由AB选项分析可知：物体从A到B的过程中和物体从B到A的过程中，速度都是先变大后变小，动能也都是先变大后变小，故D正确；应当选：D．点评：此题关键要正确分析小球的受力情况，判断其运动情况，要抓住弹力的可变性，不能认为物体一接触弹簧就开始减速．二、填空题〔每空3分，3×9=27〕14．〔6分〕〔2014春•台江区校级期中〕节日燃放一种类似“双响〞的爆竹，在高空点燃时分成AB两局部，爆竹的A局部以30m/s的速度竖直向上抛出，B局部如此以10m/s的速度竖直向下抛出，当A局部上升到最大高度时B局部刚好到达地面，如此爆竹点燃后A局部上升到最大高度所需的时间为3s，A、B两局部别离时距离地面的高度是〔g取10m/s2〕75m．考点：竖直上抛运动．分析：爆竹的A局部做竖直上抛运动，当速度为0时，上升的高度最高，根据速度与时间的关系即可求出上升的时间；B局部如此以10m/s的速度竖直向下抛出，做匀加速直线运动，加速度为g，根据位移与时间的关系即可求出它落地时的位移，即A、B两局部别离时距离地面的高度．解答：解：当A的速度为0时，上升的高度最大，根据速度与时间的关系vt=v0+at 得：t==s=3s根据位移与时间的关系x=v0t+at2，得B下落的位移：h=vBt+gt2=10×3+×10×32=75m故答案为：3；75．点评：此题考查物体运动时加速和减速的情况，关键知道物体做加速和减速运动的原因．解题时还要抓住两个物体运动的同时性．15．〔6分〕〔2014春•台江区校级期中〕一条大河宽200米，河水以3m/s的速度匀速流动，一小船在静水中的速度为4m/s，小船渡过大河最少需要的时间为50s，其位移为250m．考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：将船的运动分解为沿河岸方向和垂直于河岸方向，根据垂直于河岸方向上的速度求出渡河的时间．通过计算合速度，来计算渡河位移．解答：解：设河宽为d，河水速度为v，小船净水速度为v1，当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短，最短时间为：t=此时船于水的合速度为：如此过河位移为：s=v合t=5×50=250m故答案为：50，250．点评：小船过河问题属于运动的合成问题，要明确分运动的等时性、独立性，运用分解的思想，看过河的时间只分析垂直河岸的速度，分析过河位移，要分析合速度．16．〔15分〕〔2014春•台江区校级期中〕在一次实验中，质量为M的重物自由下落，在纸带上打出一系列的点，如下列图，〔相邻计数点的时间间隔为T〕，纸带的左端与重物相连，测出S1，S2，S3，当地的重力加速度为g，如此：①打点计时器打下计数点B时，物体的速度VB=．②从初速为零的起点O到打下计数点B的过程中重力势能的减少量△EP=mgS2，此过程中物体的动能的增加量△E k=M〔〕2．③根据某次实验的测量数据，通过计算得：△E P=0.490Mm2/s2，△E k=0.481Mm2/s2，即△E P ＞△E k．这是因为：这是因为下落过程中，要抑制阻力做功．④通过实验误差分析，计算出该实验允许的最大误差为0.025Mm2/s2，据此可以得出的实验结论是在实验误差允许范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量．考点：测定匀变速直线运动的加速度．专题：实验题．分析：书本上的实验，我们要从实验原理、实验仪器、实验步骤、实验数据处理、实验须知事项这几点去搞清楚．纸带法实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度．从而求出动能．根据功能关系得重力势能减小量等于重力做功的数值．该实验的误差主要来源于纸带和打点计时器的摩擦以与空气阻力的存在．解答：解：①利用匀变速直线运动的推论得：vB==；②从起点O到打下计数点B的过程中重力势能减少量是：△E p=mgS2．此过程中物体动能的增加量是：△E k=MvB2=M〔〕2；③④因为重物下落过程中受到阻力作用，所以重力势能的减少量大于动能的增加量．故答案为：①；②mgS2，M〔〕2；③当△E P＞△E k．这是因为下落过程中，要抑制阻力做功；④重物下落过程中受到阻力作用，重力势能的减少量大于动能的增加量．而计算出该实验允许的最大误差为0.025Mm2/s2，因此在实验误差允许范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量．故答案为：①；②mgS2，M〔〕2；③这是因为下落过程中，要抑制阻力做功；④在实验误差允许范围内，重力势能的减少量等于动能的增加量．点评：纸带问题的处理时力学实验中常见的问题．我们可以纸带法实验中，假设纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用匀变速直线运动的推论，可计算出打出某点时纸带运动的瞬时速度和加速度．三、计算题〔34分〕17．〔10分〕〔2014春•台江区校级期中〕如下列图，在高度h=0.65m的水平光滑桌面上，有一轻弹簧左端固定，质量为m=1kg的小球在外力作用下使弹簧处于压缩状态．由静止释放小球，将小球水平弹出，小球离开弹簧时的速度为v1=6m/s，如下列图，不计空气阻力，求：〔1〕弹簧的弹力对小球所做的功为多少？〔2〕小球落地时速度v2 的大小．〔g取10m/s2〕。
福建省泉州市安溪八中2014届高三(下)质检物理试卷 Word版含解析
2013-2014学年福建省泉州市安溪八中高三（下）质检物理试卷一、选择题（本题共12小题，每题3分，共36分．每小题只有一个选项正确）1．（3分）（2009•山东）某物体做直线运动的v﹣t图象如图所示，据此判断下列（F表示物体所受合力，x表示物体的位移）四个选项中正确的是（）A．B．C．D．考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像．分析：在v﹣t图象中倾斜的直线表示物体做匀变速直线运动，加速度恒定，受力恒定．速度﹣﹣时间图象特点：①因速度是矢量，故速度﹣﹣时间图象上只能表示物体运动的两个方向，t轴上方代表的“正方向”，t轴下方代表的是“负方向”，所以“速度﹣﹣时间”图象只能描述物体做“直线运动”的情况，如果做曲线运动，则画不出物体的“位移﹣﹣时间”图象；②“速度﹣﹣时间”图象没有时间t的“负轴”，因时间没有负值，画图要注意这一点；③“速度﹣﹣时间”图象上图线上每一点的斜率代表的该点的加速度，斜率的大小表示加速度的大小，斜率的正负表示加速度的方向；④“速度﹣﹣时间”图象上表示速度的图线与时间轴所夹的“面积”表示物体的位移本题中物体先匀加速前进，然后匀减速前进，再匀加速后退，最后匀加减速后退，根据运动情况先求出加速度，再求出合力．解答：解：由图可知前两秒物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以前两秒受力恒定，2s ﹣4s做正方向匀加速直线运动，所以受力为负，且恒定，4s﹣6s做负方向匀加速直线运动，所以受力为负，恒定，6s﹣8s做负方向匀减速直线运动，所以受力为正，恒定，综上分析B正确．故选B．点评：本题关键先根据图象确定物体的运动情况，然后求出各段过程的加速度，最后求解合外力．2．（3分）（2014春•安溪县校级月考）如图所示，有两个相同材料物体组成的连接体在斜面上向上运动，当作用力F一定时，m2所受绳的拉力（）A．与θ有关B．与斜面动摩擦因数无关C．与系统运动状态无关D．，仅与两物体质量有关考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：对整体分析，运用牛顿第二定律求出整体的加速度，隔离对m2分析，运用牛顿第二定律求出拉力的大小，判断与什么因素有关．解答：解：对整体分析，根据牛顿第二定律得：a==隔离m2分析，设物体间的拉力为T，由牛顿第二定律得：T﹣m2gsinθ﹣μm2gcosθ=m2a，解得：T=由上数据分析知：绳子的拉力与θ无关，与动摩擦因数无关，与运动状态无关，仅与两物体的质量有关．故A错误，BCD正确．故选：BCD．点评：解决本题的关键能够正确地受力分析，运用牛顿第二定律进行求解，注意整体法和隔离法的运用．3．（3分）（2007•闵行区模拟）物体A、B、C均静止在同一水平面上，它们的质量分别为m A、m B、m C，与水平面的动摩擦因数分别为μA、μB、μC，用平行于水平面的拉力F分别拉物体A、B、C，所得加速度a与拉力F的关系如图所示，A、B两直线平行，则以下关系正确的是（）A．m A＜m B＜m C B．m A＜m B=m C C．μA=μB=μC D．μA＜μB=μC考点：牛顿第二定律；匀变速直线运动的图像；滑动摩擦力．专题：运动学中的图像专题；牛顿运动定律综合专题．分析：对于图象问题要明确两坐标轴所表示物理量以及其含义，对于比较复杂的图象可以先依据物理规律写出两物理量的函数关系式，然后利用数学知识求解．解答：解：根据牛顿第二定律有：F﹣mgμ=ma所以有：由此可知：图象斜率为质量的倒数，在纵轴上的截距大小为：gμ．故由图象可知：μA＜μB=μC，m A=m B＜m C，故ABC错误，D正确．故选D．点评：高中物理中涉及图象很多，但是物理什么图象，都可以通过所学物理规律写出两物理量的函数关系式，然后依据数学知识弄清截距、斜率、面积等含义．4．（3分）（2010秋•万州区校级期中）如图所示，沿x轴正方向传播的一列横波在某时刻的波形图为一正弦曲线，其波速为200m/s，下列说法中错误的是（）A．从图示时刻开始，经过0.01 s质点a通过的路程为0.4 mB．从图示时刻开始，质点b比质点a先到平衡位置C．若此波遇到另一列波并产生稳定的干涉条纹，则另一列波的频率为50HzD．若该波在传播中遇到宽约3.999m的障碍物能发生明显的衍射现象考点：横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：由图读出波长，求出周期．根据时间与周期的关系，分析经过0.01s质点b的运动方向，求出通过的路程．波沿x轴正方向传播，判断出b点的振动方向，从而判断a 和b回到平衡位置的先后．根据干涉和衍射的条件进行分析能否发生干涉、能否产生明显衍射现象．解答：解：A、由波的图象可知波长λ=4 m，则周期为T==s=0.02 s，t=0.01s=T，所以经过0.01 s，a点经过的路程为S=2A=0.4 m，故A正确；B、波沿x轴正方向传播，由波形平移法可知图示时刻b点向下运动，回到平衡位置的时间大于T，a 回到平衡位置的时间为T，所以质点b比质点a后到平衡位置，故B错误．C、该波的频率为f==Hz=50Hz．发生稳定干涉的条件是两列波的频率相等，所以另一列波的频率与该波频率相同，应为50Hz，故C正确；D、当障碍物的尺寸与波长差不多或比波长小，能发生明显衍射，该波的波长为4m，则若该波在传播中遇到宽约3.999m的障碍物能发生明显的衍射现象．故D正确．本题选错误的，故选：B．点评：根据波的传播方向，判断质点的振动方向是应掌握的基本能力．质点做简谐运动时，在一个周期内通过的路程是四个振幅，根据时间与周期的关系求解质点通过的路程．还要掌握干涉与衍射的条件等等基础知识，即可轻松解答此题．5．（3分）（2011•江西模拟）一列简谐横波以1m/s的速度沿绳子由A向B传播．质点A、B间的水平距离x=3m，如图所示．若t=0时质点A刚从平衡位置开始向上振动，其振动方程为y=2sin t cm．，则B点的振动图象为下图中的（）A ．B．C．D．考点：简谐运动的振动图象；横波的图象；波长、频率和波速的关系．专题：振动图像与波动图像专题．分析：简谐横波传播过程中介质中各个质点的起振方向都相同，与波源起振方向相同，各个质点的振动周期和振幅也相同．根据质点A的振动方程，读出ω，由T=求出周期．根据x=vt求出波从A传到B所用的时间，即可选择图象．解答：解：A、C、由x=vt得：波从A传到B所用的时间为：t==s=3s，所以B在t=3s 时刻开始振动，故AC错误．B、D、由题意，质点A刚从平衡位置开始向上振动，则质点刚开始也从平衡位置向上振动，速度为正向．由y=2sin t cm 知，ω=rad/s，则周期为：T==s=4s，故B正确，D错误．故选：B．点评：解决本题关键抓住简谐波的基本特点：各个质点的起振方向相同、振动周期和振幅相同，只是起振有先后而已．6．（3分）（2002•天津）如图所示，一束光线从折射率为1.5的玻璃内射向空气，在界面上的入射角为45°，下面四个光路图中，正确的是（）A．B．C．D．考点：光的折射定律；光的反射定律．专题：光的折射专题．分析：根据折射率，由临界角公式sinC=，求出临界角的范围，判断光线从玻璃射向空气时能否发生全反射．若能射入空气，折射角将大于入射角，同时有反射．解答：解：设玻璃的临界角为C．由sinC=得，sinC=，则C＜45°．由图光线从玻璃射入空气时入射角为i=45°＞C，所以光线将在玻璃与空气的界面上发生全反射，光线全部反射回玻璃，则A正确．故选A点评：当光比光密介质进入光疏介质时，要考虑能否发生全反射，判断的依据是根据入射角与临界角的大小关系．7．（3分）（2014春•安溪县校级月考）下列关于波的说法错误的是（）A．偏振是横波特有的现象B．光导纤维传递信号利用了光的全反射原理C．太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹，这是光的衍射现象D．凸透镜的弯曲表面向下压在另一块平板玻璃上，让光从上方射入，能看到亮暗相间的同心圆，这是光的干涉现象考点：全反射；光的干涉；光的衍射．专题：全反射和临界角专题．分析：纵波不能发生偏振动现象；光导纤维利用了光的全反射原理；肥皂泡呈现出彩色条纹，这是光的干涉现象；通过空气薄层表面反射，形成相同频率的光，从而进行光的干涉．解答：解：A、偏振是横波特有的现象，纵波没有偏振现象，故A正确；B、光导纤维传递信号利用了光的全反射原理，故B正确；C、太阳光下的肥皂泡呈现出彩色条纹，是由肥皂泡内外表面反射光线，进行相互叠加而形成的，这是光的干涉现象，不是衍射现象，故C错误；D、弯曲表面向下压在另一块平板玻璃上，让光从上方射入，能看到亮暗相间的同心圆，是由空气薄层上下表面反射，出现相同频率的光，进行相互叠加，这是光的干涉现象，故D正确；本题选择错误的，故选：C．点评：考查偏振现象的意义，区别横波与纵波的不同，掌握光的全反射的原理，理解光的干涉与衍射原理及区别．8．（3分）（2014春•安溪县校级月考）1970年4月24日，我国自行设计、制造的第一颗人造地球卫星“东方红一号”发射成功，开创了我国航天事业的新纪元．“东方红一号”的运行轨道为椭圆轨道，其近地点M和远地点N的高度分别为439km和2384km，则（）A．卫星在M点的势能大于N点的势能B．卫星在M点的角速度小于N点的角速度C．卫星在M点的加速度大于N点的加速度D．卫星在N点的速度大于7.9 km/s考点：万有引力定律及其应用；线速度、角速度和周期、转速．专题：万有引力定律的应用专题．分析：地球引力做功改变卫星的势能，做正功势能减小，做负功势能增加．据此判断势能的大小．在远地点速度慢，加速度小，近地点速度快，加速度大．解答：解：A、由M到N高度增加，地球引力做负功，故势能增加，即卫星在M点的势能小于N点的势能．故A错误B、从M到N引力做负功，根据动能定理，速度减小，根据ω=可知角速度更小，即近地点M处角速度大，远地点N处角速度小．故B错误．C、根据万有引力提供向心力，得，可知近地点加速度大，远地点加速度小．故C正确D、假设在N点处有一个绕地球的圆轨道，从椭圆轨道上的N加速做离心运动才能进入该圆轨道．对于绕地球做匀速圆周运动的卫星来说，轨道越高线速度越小，贴近地球表面时速度最大为7.9Km/s，故卫星在N点的速度一定小于7.9 km/s，故D错误．故选：C．点评：考查卫星运动规律，明确近地点与远地点的速度，加速度，势能的大小关系．本题也可以运用开普勒第二定律判断近地点和远地点的速度大小，也可以从机械能守恒的角度理解速度的变化．9．（3分）（2012•分宜县校级三模）假设太阳系中天体的密度不变，天体直径和天体之间距离都缩小到原来的一半，地球绕太阳公转近似为匀速圆周运动，则下列物理量变化正确的是（）A．地球的向心力变为缩小前的一半B．地球的向心力变为缩小前的C．地球绕太阳公转周期与缩小前的相同D．地球绕太阳公转周期变为缩小前的一半考点：万有引力定律及其应用．专题：万有引力定律的应用专题．分析：由密度不变，半径变化可求得天体的质量变化；由万有引力充当向心力可得出变化以后的各量的变化情况．解答：解：AB、由于天体的密度不变而半径减半，导致天体的质量减小，所以有=地球绕太阳做圆周运动由万有引力充当向心力．所以有，故AB错误；CD、由，整理得与原来相同，故C正确．D 错误；故选：C．点评：天体的运动中都是万有引力充当向心力，因向心力的表达式有多种，故应根据题目中的实际情况确定该用的表达式．10．（3分）（2014•青浦区一模）在静电场中，将一正电荷从a点移到b点，电场力做了负功，则（）A．b点的电场强度一定比a点大B．电场线方向一定从b指向aC．b点的电势一定比a点高D．该电荷的动能一定减小考点：匀强电场中电势差和电场强度的关系；电势能．专题：电场力与电势的性质专题．分析：根据电场线做功的正负可分析两点的电势关系，但不能判断场强的大小关系．也不能根据电势的变化，判断出场强的方向．电场力做功能量度电势能的转化，根据动能定理分析动能的变化．解答：解：A、正电荷从a点移到b点，电场力做负功，由于电场力做功的正负与场强相对大小没有直接关系，故无法判断a、b两点电场强度大小，若是匀强电场，a、b两点电场强度相等，故A错误；B、通过电场力做功无法判断电场线的方向，电荷运动时可能与电场有一定夹角，也可能沿着电场或者逆着电场等，故B错误；C、移动正电荷从a点到b点，电场力做负功，电势能一定增大，因正电荷在电势高低电势能大，所以b点的电势一定比a点高．故C正确．D、电场力做负功，如有重力等其他力做功，根据动能定理可知，该电荷的动能不一定减小，故D错误．故选：C点评：本题主要考察了描述电场的基本概念电势和电场强度，可结合电场线进行分析．掌握推论：正电荷在电势高低电势能大，很容易判断电势能与电势的关系．11．（3分）（2014春•九原区校级期中）如图所示，空间存在两个磁场，磁感应强度大小均为B，方向相反且垂直纸面，MN、PQ为其边界，OO′为其对称轴．一导线折成边长为l 的正方形闭合回路abcd，回路在纸面内以恒定速度v0向右运动，当运动到关于OO′对称的位置时，下列说法错误的是（）A．穿过回路的磁通量为零B．回路中感应电动势大小为2Blv0C．回路中感应电流的方向为顺时针方向D．回路中ab边与cd边所受安培力方向相同考点：导体切割磁感线时的感应电动势；楞次定律．专题：电磁感应与电路结合．分析：根据磁通量的定义，由磁感线的条数可以判断此时磁通量的大小，如图所示时刻，有两根导线切割磁感线，根据右手定则可判断两根导线切割磁感线产生电动势的方向，求出回路中的总电动势，然后即可求出回路中的电流和安培力变化情况．解答：解：A、当线圈运动到关于OO′对称的位置时，线圈中左侧磁场垂直线圈向外，右侧磁场垂直线圈向内，而且左右的磁通量大小相等，相互抵消，因此磁通量为零，故A 正确；B、ab切割磁感线形成电动势b端为正，cd切割形成电动势c端为负，两边产生的感应电动势大小均为E1=2BLv0，因此两个电动势串联，回路中感应电动势为E=2E1=2BLv0，故B正确；C、根据右手定则可知，回路中的感应电流方向为逆时针，故C错误；D、根据左手定则可知，回路中ab边与cd边所受安培力方向均向左，方向相同，故D正确．本题选错误的，故选：C．点评：本题关键要理解磁通量的概念，如有磁场两种方向穿过线圈时，要按抵消的磁感线条数来确定磁通量．要掌握导体切割磁感线感应电动势公式E=BLv，明确两个电动势方向相同时相互串联，要正确选择相关定则判断感应电流的方向和安培力方向，对于这些基本规律要加强理解和应用．12．（3分）（2010秋•昌平区期末）如图，空间某区域中有一匀强磁场，磁感应强度方向水平，且垂直于纸面向里，磁场上边界b 和下边界d水平．在竖直面内有一矩形金属统一加线圈，线圈上下边的距离很短，下边水平．线圈从水平面a开始下落．已知磁场上下边界之间的距离大于水平面a、b之间的距离．若线圈下边刚通过水平面b、c（位于磁场中）和d时，线圈所受到的磁场力的大小分别为Fb、F c和F d，则（）A．F d＞F c＞F b B．F c＜F d＜F b C．F c＞F b＞F d D．F c＜F b＜F d考点：导体切割磁感线时的感应电动势；安培力的计算．分析：对线圈的运动过程进行分析．通过边框切割磁感线产生的感应电动势大小去判断感应电流的大小．通过安培力的大小与哪些因素有关去解决问题．解答：解：线圈从a到b做自由落体运动，在b点开始进入磁场切割磁感线所以受到安培力F b，由于线圈的上下边的距离很短，所以经历很短的变速运动而进入磁场，以后线圈中磁通量不变不产生感应电流，在c处不受安培力，但线圈在重力作用下依然加速，因此从d处切割磁感线所受安培力必然大于b处．故选D．点评：线圈切割磁感线的竖直运动，应用法拉第电磁感应定律求解．注意线圈全部进入磁场后，就不受安培力，因此线圈会做加速运动．二、实验题（本题共2小题，其中第13题6分，第14题10分，共16分．把答案填写在答题卷中的横线上，或按题目要求作答．）13．（6分）（2009•天心区校级模拟）某同学用时间传感器代替了秒表做“用单摆测定重力加速度”的实验，他的设计如图甲所示：长为l的摆线一端固定在铁架台上，另一端连接一质量为m，半径为r的小球，在摆线上紧临小球套有一小段轻细挡光管，当单摆摆动到平衡位置时，挡光管就能挡住从光源A正对光敏电阻R1发出的细光束，信号处理系统就能形成一个电压信号，如图乙所示，R2为定值电阻．①某同学用10分度的游标卡尺测小球直径．如图丙所示，正确的读数是20.7 mm．②R1两端电压U与时间t的关系如图乙所示，则用此装置测得的重力加速度表达式为．（用l、r、T0来表示）③当有光照射R1时，信号处理系统获得的是低电压．（填“高电压”或“低电压”）考点：用单摆测定重力加速度．专题：实验题．分析：考查游标卡尺和秒表的读数：先读主尺（只读整数），再加上游标尺（格数乘以分度分之一，格数找对齐的一个不估读），由单摆周期公式，求出重力加速度的表达式，根据重力加速度的表达式求解．解答：解：（1）直径：主尺：20mm，游标尺对齐格数：4个格，读数：7×0.1mm=0.7mm，所以直径为：20.7mm（2）根据图象可以知道小球的周期是2T0．根据单摆的周期公式T=2π得，g=．所以此装置测得的重力加速度表达式为，（3）当有光照射R1时，光敏电阻R1阻值减小，信号处理系统获得的是低电压．故答案为：①20.7mm②③低电压点评：常用仪器的读数要掌握，这是物理实验的基础．掌握单摆的周期公式，从而求解加速度，摆长、周期等物理量之间的关系．14．（10分）（2013•临汾校级二模）在“描绘小灯泡的伏安特性曲线”实验中，某同学选中一个标有“2.5V，0.6W”的小灯泡，除了导线和开关外，还有下列器材可供选择：电压表V1（量程6V，内阻约为6kΩ）；电压表V2（量程3V，内阻约为3kΩ）；电流表A1（量程300mA，内阻约为1Ω）；电流表A2（量程150mA，内阻约为2Ω）滑动变阻器R1（最大阻值200Ω）；滑动变阻器R2（最大阻值10Ω）直流电源E1（电动势4.5V，r1=0.8Ω）（1）实验中电压表应选V2，电流表应选A1，滑动变阻器应选R2；（填写器材代号）（2）如图1中的四个电路中应选用 A 电路图进行实验．（3）做完上述实验后，该同学接着用上述所选电路分别描绘了三个电学元件的伏安特性曲线，如图2甲所示，则三个元件中属于线性元件的是 1 （填写曲线代号）．然后他用图2乙所示的电路给三个元件分别供电，并测出给元件1和元件2供电时的电流和电压值，分别标在图甲上，它们是A点和B点．已知R0=8.8Ω，则该电源的电动势E= 3 V，内电阻r= 1.2 Ω．这个电源给元件3供电时，元件3的电功率P= 0.2 W．考点：描绘小电珠的伏安特性曲线．专题：实验题．分析：（1）根据灯泡额定电压选择电压表，格局灯泡额定电流选择电流表，为方便实验操作，应选最大阻值较小的滑动变阻器．（2）测量灯泡的伏安特性曲线，电流、电压需从零开始测起，则滑动变阻器采用分压式接法，根据灯泡的电阻大小确定电流表的内外接．（3）将电阻R0等效到电源的内部，连接A、B两点并交于横轴和纵轴，该图线为电源外电压与电流的关系图线，通过图线求出电源的电动势和内阻，图线与元件3的I ﹣U图线的交点表示此时的电流和电压，根据元件3工作时的电压和电流，从而求出元件3的电功率．解答：解：（1）灯泡额定电压是2.5V，则电压表选V2；灯泡的额定电流I===0.24A=240mA，则电流表应选：A1；为方便实验操作，滑动变阻器应选R2．（2）描绘灯泡伏安特性曲线，电压与电流应从零开始变化，滑动变阻器采用分压式接法；灯泡的电阻R==≈10.4Ω，电流表内阻约为1Ω，电压表内阻约为3kΩ，电压表内阻远大于灯泡电阻，电流表应采用外接法，因此应选择图A所示实验电路．（3）由图甲所示图象可知，图线1是直线，则元件1是线性元件；将电源与电阻R0等效为电源，连接A、B两点并交于横轴和纵轴，得到电源的I﹣U 图象如图所示，由图象可知，图象与横轴交点坐标值是3，则电源电动势E=3V，图象斜率的绝对值k===10，电源内阻r=k﹣R0=10﹣8.8=1.2Ω．由图象可知，元件3的电流和电压分别为：0.2A，1.0V，元件3的功率：P=UI=1×0.2=0.2W．故答案为：（1）V2；A1；R2；（2）A；（3）1；3；1.2；0.2．点评：本题考查了实验器材的选择、实验电路设计、求电源电动势与内阻、求元件功率等问题，当电压与电流从零开始变化时，滑动变阻器应采用分压接法，要掌握电流表内外接法的判断方法．三、计算题（共48分，15+16+17．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位）15．（15分）（2011•长沙模拟）如图所示，水平台面AB距地面的高度h=0.80m．有一滑块从A点以v0=6.0m/s的初速度在台面上做匀变速直线运动，滑块与平台间的动摩擦因数μ=0.25．滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出．已知AB=2.2m．不计空气阻力，g取10m/s2，结果保留2位有效数字．求：（1）滑块从B点飞出时的速度大小（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离．考点：动能定理的应用．分析：了解研究对象的运动过程是解决问题的前提，根据题目已知条件和求解的物理量选择物理规律解决问题．选取合适的研究过程，运用动能定理解题．清楚物体水平飞出做平抛运动，根据平抛运动规律解题．解答：解：（1）运用动能定理研究A→B得：﹣μmgl=mv B2﹣mv02解得v B=5.0m/s．（2）滑块运动到平台边缘的B点后水平飞出做平抛运动．根据平抛运动规律得：X=v B tt=代入数据得：X=2.0m答：（1）滑块从B点飞出时的速度大小是5.0m/s；（2）滑块落地点到平台边缘的水平距离是2.0m．点评：动能定理的应用范围很广，可以求速度、力、功等物理量，特别是可以去求变力功．对于一个量的求解可能有多种途径，我们要选择适合条件的并且简便的．16．（16分）（2013秋•苍山县校级期末）如图所示，将两个等量异种点电荷+Q和﹣Q分别固定于竖直线上的A、B两点，AB间距离为2d．EF为AB的中垂线．将质量为m、电荷量为+q（可视为质点且不影响原电场的分布）的带电小球固定在可绕O点自由转动的绝缘细杆的一端．从小球位于最高点C处由静止释放，已知OC=小球经过F点时速度为v，重力加速度为g，不计细杆重力和摩擦阻力，求：（1）C、F间的电势差U CF．（2）小球经过最低点D点的速度大小．考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：先明确等量异种电荷形成电场的特点，即中垂线两侧电场对称，中垂线上各点的场强与中垂线垂直，且中垂线是等势线；带电小球固定在可绕O点由C处静止释放到F 点的速度为v，这一过程只有重力和电场力做功，利用动能定理可求电场力做功，再利用U CF=求电势差；由该电场的对称性知，CF间的电势差与FD间的电势差相等，再次利用动能定理可求D点的速度．解答：解：（1）等量异种电荷形成电场是中垂线两侧电场对称，中垂线上各点的场强与中垂线垂直，且中垂线是等势线，由C到F为研究过程，由动能定理得：mgd+qU CF=mv2解之得：U CF=…①（2）据等量异种电荷电场的对称性知：U CF=U FD…②设小球到D点的速度为V D，由C到D为研究过程，动能定理得：mgd+qU CD=m…③。
2014～2015学年度下学期高一期中测试(物理)卷(理科)
2014～2015学年度下学期高一期中测试（物理）卷（理科）一、选择题(共12小题，每小题4分，共48分，在每小题给出的四个选项中，第1～8小题只有一个选项符合题目要求，第9～12小题有多个选项符合题目要求，全部选对的得4分，选对但不全的得2分，有选错或不答的得0分。
将正确选项写在选择题答题卡上)1、关于曲线运动，下列说法正确的是（）A．物体在恒力作用下不可能做曲线运动B．物体在变力作用下不可能做曲线运动C．做曲线运动的物体，其速度方向可能不变D．曲线运动的加速度大小可能不变2、降落伞在匀速下降过程中遇到水平方向吹来的风,若风速越大,则降落伞( )A.下落的时间越短B.下落的时间越长C.落地时速度越小D.落地时速度越大3、做匀速圆周运动的物体，下列哪个物理量是不变的：A．线速度 B．角速度 C．向心加速度 D．向心力4、生活中有很多离心现象，关于离心现象产生的原因下列说法正确的是（）A．物体做圆周运动时受到的离心力大于向心力B．物体所受合外力小于物体做圆周运动所需要的向心力C．物体所受合外力大于物体做圆周运动所需要的向心力D．以上说法都不对5、质量为m的小球在竖直平面内的圆形轨道的内侧运动如图所示，经过最高点而不脱离轨道的速度临界值是v, 当小球以2v的速度经过最高点时，对轨道的压力值是（）A.0B.mgC.3mgD.5mg6、半径为R的光滑半圆球固定在水平面上，顶部有一小物体A，今给它一个水平初速度v0＝Rg，则物体将( )A．沿球面下滑至M点B．沿球面下滑至某一点N，便离开球面做斜下抛运动C．沿半径大于R的新圆弧轨道做圆周运动D．立即离开半圆球做平抛运动7、如图所示，物体A、B随水平圆盘绕轴匀速转动，物体B在水平方向所受的作用力有( ) A．圆盘对B及A对B的摩擦力，两力都指向圆心B．圆盘对B的摩擦力指向圆心，A对B的摩擦力背离圆心C．圆盘对B及A对B的摩擦力和向心力D．圆盘对B的摩擦力和向心力8、如果某星球的密度跟地球相同，又知其表面的重力加速度为地球表面的重力加速度的2倍，则该星球的质量为地球质量的( )A．8倍 B．4倍 C．2倍 D．16倍9、如图所示为摩擦传动装置，B轮转动时带动A轮跟着转动，已知转动过程中轮缘间无打滑现象，下列说法中正确的是( )A．A、B两轮转动的方向相同B．A与B转动方向相反C．A、B转动的角速度之比为1∶3 D．A、B轮缘上点的向心加速度之比为3∶110、在某转弯处，规定火车行驶的速率为v0，则下列说法中正确的是( )A．当火车以速率v0行驶时，火车的重力与支持力的合力方向一定沿水平方向B．当火车的速率v> v0时，火车对外轨有向外的侧向压力C．当火车的速率v> v0时，火车对内轨有向内的挤压力D．当火车的速率v< v0时，火车对内轨有向内侧的压力11、探测器绕月球做匀速圆周运动，变轨后在周期较小的轨道上仍做匀速圆周运动，则变轨后与变轨前相比( )A．轨道半径变小B．向心加速度变大 C．线速度变大 D．角速度变小12、关于近地卫星、同步卫星、赤道上的物体，以下说法正确的是( )A．都是万有引力等于向心力B．赤道上的物体和同步卫星的周期、线速度、角速度都相等C．赤道上的物体和近地卫星的轨道半径相同但线速度、周期不同D．同步卫星的周期大于近地卫星的周期选择题答题卡二、填空题(其中13题6分，14题6分，15题13分，本大题共25分。
泉州市安溪八中2014-2015学年高一下学期期中物理试题及答案
2014-2015学年福建省泉州市安溪八中高一（下）期中物理试卷一、选择题（本题包括12小题，第1题到第8题为单项选择题，每小题3分；第9题到第12题为不定项选择题，全部选对的得4分，选对但不全对的得2分，有选错的得0分；总共40分）1．（3分）（2015春•泉州校级期中）关于能源的开发和利用，下列观点中错误的是（）2．（3分）（2015春•泉州校级期中）如图所示，力F大小相等，物体沿水平面运动的位移s 相同．下列情况中F做功最少的是（）B3．（3分）（2009•湖南校级模拟）作平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（）4．（3分）（2015春•泉州校级期中）关于功率，下列说法中正确的是（）可知，做功越多，功率越大可知，单位时间内做功越多，功率越大5．（3分）（2015春•泉州校级期中）从竖直上升的气球上掉下的石块与同一高度自由下落的石块相比，不计石块的空气阻力和浮力，下列各物理量中相等的是（）6．（3分）（2011春•惠安县期末）下列运动过程满足机械能守恒条件的是（）7．（3分）（2015•普兰店市模拟）质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地高度为h，如图所示，若以桌面为参考平面，那么小球落地时的重力势能及整个过程中小球重力势能的变化分别为（）8．（3分）（2012•上海校级模拟）船在静水中的航速为v1，水流的速度为v2．为使船行驶到河正对岸的码头，则v1、v2的方向应为（）．C D．9．（4分）（2015春•泉州校级期中）关于对动能的理解，下列说法正确的是（）10．（4分）（2013秋•无锡期中）物体做自由落体，E k代表动能，E p代表重力势能，h代表下落的距离，以水平地面为零势能面，下列所示图象中，能正确反映各物理量之间关系的是（）．．11．（4分）（2015春•泉州校级期中）关于运动合成的下列说法中正确的是（）12．（4分）（2007秋•冷水滩区校级期末）如图所示，一小球自A点由静止自由下落，到B 点时与弹簧接触，到C点时弹簧被压缩到最短．若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由A→B→C的过程中（）。
泉州市安溪一中2014-2015学年高一下学期期中物理试题及答案
福建省泉州市安溪一中2014-2015学年高一（下）期中物理试卷参考答案与试题解析一、选择题（本题共15小题；每小题3分，共45分，每小题给出的四个选项中，只有一个正确选项，多选或错选不得分．）1．（3分）下列几个关于力学问题的说法中正确的是（）A．米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位B．放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力C．功虽然有正、负，但它是一个标量D．做匀速直线运动的物体，机械能一定守恒考点：机械能守恒定律；矢量和标量；功的计算．分析：本题根据力学的常识和基础知识进行解答．牛顿是导出单位．功是标量．机械能守恒的条件是只有重力或弹力做功．根据这些知识分析．解答：解：A、国际单位制中力学的三个基本单位分别为：米、千克、秒，牛顿是导出单位．故A错误．B、放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力等于物体对斜面的压力，但是两个力施力物体和受力物体不同，不能说重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力．故B错误．C、功虽然有正、负，但它没有方向，是一个标量，故C正确．D、做匀速直线运动的物体，速度不变，动能不变，但重力势能可能改变，所以机械能不一定守恒，故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键知道力学基本单位，斜面上物体对斜面的压力与重力的区别，知道功是标量，掌握机械能守恒的条件．2．（3分）若已知物体运动的初速度v0的方向及它受到的恒定的合外力F的方向，图a、b、c、d表示物体运动的轨迹，其中正确是的（）A．B．C．D．考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：做曲线运动的物体的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，合力指向运动轨迹弯曲的内侧．解答：解：曲线运动的速度的方向是沿着运动轨迹的切线的方向，由此可以判断AC错误；曲线运动的物体受到的合力应该指向运动轨迹弯曲的内侧，由此可以判断D错误，B正确；故选B．点评：根据物体的运动轨迹来判断受到的合力的方向，合力应该指向运动轨迹的弯曲的内侧，这是解决曲线运动的时候经常用到的知识点．3．（3分）斜向上方抛出一物体，运动到最高点时，速度（）A．为零B．达到最大值C．一定不为零D．无法确定考点：抛体运动．分析：将物体的运动沿水平方向和竖直方向正交分解，水平方向匀速直线运动，竖直方向为匀变速直线运动．解答：解：斜向上方抛出一物体，物体做斜抛运动，在竖直方向做匀减速直线运动，在水平方向做匀速直线运动，物体到达最高点时，竖直分速度为零，水平分速度不为零，所以物体运动到最高点时，物体的速度不为零，方向沿水平方向，故ABD错误，C正确；故选：C．点评：本题关键抓住水平分运动是匀速直线运动和竖直分运动是竖直上抛运动来分析求解．4．（3分）关于功率的概念，以下说法正确的是（）A．功率大说明物体做功多B．功率小说明物体做功少C．机器做功越多，其功率越大D．机器做功越快，其功率越大考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：功率的物理意义是反映做功的快慢，而不是做功多少．功率越大，表示物体做功越快．由P=，W越多，P不一定大，还取决于做功的时间长短．解答：解：A、由P=，P大，W不一定多，还取决于做功所用的时间．故A错误．B、功率小，物体做功慢，但物体做功不一定少．故B错误．C、做功越多，功率不一定大，还取决于做功的时间．故C错误．D、做功越快，功率越大．故D正确．故选D点评：物理量的理解着重要抓住它的物理意义，理解准确到位，同时，可用控制变量法理解几个物理量之间的关系．5．（3分）关于物体做曲线运动的条件，以下说法中正确的是（）A．物体在恒力作用下，不可能做曲线运动B．物体在受到与速度不在同一直线上力的作用下，一定做曲线运动C．物体在变力作用下，一定做曲线运动D．物体在变力作用下，不可能做直线运动考点：物体做曲线运动的条件．专题：物体做曲线运动条件专题．分析：物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，合外力大小和方向不一定变化，由此可以分析得出结论．解答：解：A、物体在恒力作用下可能做曲线运动，如：平抛运动，故A错误；B、物体在受到与速度不在同一直线上力的作用下，一定做曲线运动，故B正确；C、D、物体做曲线运动的条件是合力与速度不在同一条直线上，物体在变力作用下，不一定做曲线运动，如弹簧振子的振动的过程是直线运动．故C错误，D错误．故选：B点评：本题关键是对质点做曲线运动的条件的考查，掌握了做曲线运动的条件，本题基本上就可以解决了．6．（3分）关于竖直上抛运动，下列说法正确的是（）A．在最高点速度为零，加速度也为零B．上升某一高度和下落下降到此高度时的位移不相同C．从上升到下降的整个过程中加速度保持不变D．上升到某一高度时速度与下降到此高度时的速度相同考点：竖直上抛运动．专题：直线运动规律专题．分析：首先知道竖直上抛运动在上升的过程中做匀减速直线运动，返回做自由落体运动，整个过程中加速度不变，据此分析即可．解答：解：A、竖直上抛运动在最高点的速度为零，加速度不为零，故A错误．B、竖直上抛运动在上升某一高度和下落下降到此高度时，由于初末起点相同，所以位移相同，故B错误．C、竖直上抛运动在上升过程和下降过程加速度保持不变，故C正确．D、根据竖直上抛运动的对称性知，上升到某一高度时的速度与下降到此高度时速度的大小相等，方向相反．故D错误．故选：C．点评：解决本题的关键是知道竖直上抛运动的规律，知道上升过程和下降的过程具有对称性，基础题．7．（3分）以速度v0水平抛出一物体，当其竖直分位移与水平分位移相等时，此物体的（）A．竖直分速度等于水平分速度B．瞬时速度为2C．运动时间为D．发生的位移为考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，抓住水平位移和竖直位移相等，求出运动的时间，根据速度时间公式求出竖直分速度，通过平行四边形定则求出瞬时速度的大小．根据水平位移，求出发生的位移大小．解答：解：A、根据得，运动的时间t=，此时的竖直分速度v y=gt=2v0，与水平分速度不等，故A错误，C错误．B、根据平行四边形定则知，瞬时速度为：，故B错误．D、水平位移x=，根据平行四边形定则知，发生的位移为：s=．故D正确．故选：D．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式灵活求解．8．（3分）一质点在x0y平面内运动的轨迹如图所示，下列判断正确的是（）A．若x方向始终匀速，则y方向先加速后减速B．若x方向始终匀速，则y方向先减速后加速C．若y方向始终匀速，则x方向先减速后加速D．若y方向始终匀速，则x方向一直加速考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：物体做曲线运动，合力大致指向轨迹凹的一向，则加速度大致指向轨迹凹的一向．根据轨迹弯曲判断加速度的方向．解答：解：A、若质点在x方向上始终匀速，开始轨迹向下凹，则在y轴方向的加速度方向向下，速度向上，做减速运动，然后轨迹向上凹，则在y轴方向上的加速度方向向上，速度向上，做加速运动，所以在y轴方向上先减速后加速．故A错误，B正确．C、若质点在y方向上始终匀速，开始轨迹向下凹，则在x轴上的加速度方向水平向右，速度向右，做加速运动，然后轨迹向上凹，则在x轴方向上加速度方向水平向左，速度向右，做减速运动，所以在x轴上先加速后减速．故C错误，D错误．故选B．点评：解决本题得关键知道在曲线运动中，合力大致指向轨迹凹的一向，会根据轨迹弯曲判断加速度的方向．9．（3分）如图所示，从A、B、C三个不同的位置向右分别以v A、v B、v C的水平初速度抛出三个小球A、B、C，其中A、B在同一竖直线上，B、C在同一水平线上，三个小球均同时落在地面上的D点，不计空气阻力．则必须（）A．先同时抛出A、B两球，且v A＜v B＜v CB．先同时抛出B、C两球，且v A＞v B＞v CC．后同时抛出A、B两球，且v A＞v B＞v CD．后同时抛出B、C两球，且v A＜v B＜v C考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：平抛运动的高度决定时间，根据高度比较运动的时间，从而比较抛出的先后顺序．根据水平位移和时间比较平抛运动的初速度．解答：解：B、C的高度相同，大于A的高度，根据t=知，B、C的时间相等，大于A 的时间，可知BC两球同时抛出，A后抛出．A、B的水平位移相等，则A的初速度大于B的初速度，B的水平位移大于C的水平位移，则B的初速度大于C的初速度，即v A＞v B＞v C．故B正确，A、C、D错误．故选：B．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，知道运动的时间由高度决定，初速度和时间共同决定水平位移．（3分）质量为2.0kg的物体在水平面上运动的v﹣t图象如图，以水平向右的方向为正．以10．下判断正确的是（）A．在0～3s内，质点的平均速度为零B．在3～5s内，物体的位移为零C．第2s末，合外力的功率为8WD．在0～6s内，合外力的功为零考点：匀变速直线运动的图像．专题：运动学中的图像专题．分析：速度时间图线与时间轴所围成的面积表示物体的位移，根据图线的斜率求出加速度，从而根据牛顿第二定律求出合力，得出合力的功率．根据动能的变化判断合外力做功的情况．解答：解：A、在0～3s内，质点的平均速度为，故A错误．B、在3～5s内，物体的位移x=vt=2×4=8m．故B错误．C、2s末的速度为2m/s，加速度为，根据牛顿第二定律得，F合=ma=4N，根据P=F合v=4×2W=8W．故C正确．D、在0～6s时间内，动能变化不为零，根据动能定理，合外力做功不为零．故D错误．故选：C．点评：本题考查学生的读图能力，能够从速度时间图线中知道加速度，速度的方向，位移等．11．（3分）某船在静水中划行的速率为3m/s，要渡过30m宽的河，河水的流速为5m/s，下列说法中不正确的是（）A．该船渡河的最小速率是4m/sB．该船渡河所用时间最少为10sC．该船不可能沿垂直河岸的航线抵达对岸D．该船渡过河的位移的大小至少为50m考点：运动的合成和分解．专题：运动的合成和分解专题．分析：水流速大于静水速，知合速度的方向不可能与河岸垂直，即不可能垂直到达对岸．当静水速与河岸垂直时，渡河时间最短．解答：解：A、小船渡河时，3m/s和5m/s的合速度大于2m/s，小于8m/s，故A错误．B、当静水速与河岸垂直时，渡河的时间t==s=10s，故B正确．C、因为水流速大于静水速，所以合速度不可能垂直于河岸，则渡河的位移不可能为30m，故C正确．D、当静水速的方向与合速度垂直时，渡河的位移最短，设此时合速度于河岸方向的夹角为θ，sinθ==0.6，最小位移x==m=50m．故D正确．本题选择错误的，故选：A．点评：解决本题的关键知道分运动和合运动具有等时性，知道当静水速小于水流速时，合速度方向与静水速方向垂直，渡河位移最短．12．（3分）汽车从静止开始先做匀加速直线运动，然后做匀速运动．汽车所受阻力恒定，下列汽车功率P与时间t的关系图象中，能描述上述过程的是（）A．B．C．D．考点：功率、平均功率和瞬时功率．专题：功率的计算专题．分析：根据P=Fv分析：匀加速运动时F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，当匀速时牵引力等于阻力，说明牵引力突变，故功率突变．解答：解：根据P=Fv分析知匀加速运动时牵引力大于阻力，F不变，v随时间均匀增大，故P随时间均匀增大，故AD错误；当匀速时牵引力等于阻力，说明F突变小，速度不变，故功率突变小，以后保持不变，故B 错误，C正确．故选：C点评：此题考查P=Fv的应用，注意在机车问题中F为牵引力，不是合力，力可以突变，速度不会突变．13．（3分）如图所示，传送带与地面的倾角θ，传送带以v匀速运动，在传送带底端无初速地放置一个质量为m的物体，当物体上升高度h时，物体已经相对传动带静止，在这个过程中分析正确的是（）A．动能增加mgh B．动能增加mv2C．机械能增加 mgh﹣mv2D．重力势能增加mgh+mv2考点：功能关系；动能和势能的相互转化．分析：本题的关键是明确动能、重力势能以及机械能的定义及计算．解答：解：A、B：由动能的定义可知，物体的动能增加，而重力势能增加mgh，所以A错误B正确；C：物体机械能增加为mgh+，所以C错误；D：物体重力势能增加为mgh，所以D错误．故选：B点评：理解记忆物理概念和规律是学好物理的关键．14．（3分）如图所示，一质点在重力和水平恒力作用下，速度从竖直方向变为水平方向，在此过程中，质点的（）A．机械能守恒B．机械能不断增加C．重力势能不断减小D．动能一直不变考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：质点从M至N，重力做负功，恒力做正功，合力方向指向右下方，与初速度的方向夹角要大于90°小于180°因此恒力先做负功后做正功，动能先减小后增大．解答：解：A、除重力外还有恒力做功，所以质点的机械能不守恒，故A错误；B、除重力做功外，其它力水平恒力对物体做正功，故物体的机械能不断增加，故B正确；C、从M到N，物体在上升，故物体的重力势能不断增加，故C错误；D、因为质点速度方向恰好改变了90°，可以判断合力方向应为右下方，产生的加速度不变，且与初速度的方向夹角要大于90°小于180°才能出现末速度与初速度垂直的情况，因此合外力先做负功，当达到速度与合外力方向垂直后，恒力做正功，动能先减小后增大，故D 错误．故选：B．点评：此题需要根据运动情况分析受力情况，进一步分析力的做功问题，从而判断速度（动能）的变化，分析时不能将重力遗漏．15．（3分）如图有一个足够长倾角α=30°的斜坡，一个小孩在做游戏时，从该斜坡顶端将一足球沿水平方向水平踢出去，已知足球被踢出时的初动能为9J，则该足球第一次落在斜坡上时的动能为（）A．12J B．21J C．27J D．36J考点：动能定理的应用．专题：动能定理的应用专题．分析：足球被水平踢出后做平抛运动，平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动，求出足球落地时的竖直分速度，由动能的计算公式求出足球落地时的动能．解答：解：足球做平抛运动tanα====tan30°=，已知E K0=mv02=9J，足球落地时的动能E K=m（v02+v y2），解得：E K=21J；故选B．点评：平抛运动可以分解为水平方向的匀速直线运动与竖直方向的自由落体运动，熟练应用平抛运动知识、动能的计算公式即可正确解题．二、实验题（每个空格4分，共16分．把答案填在答题纸相应的位置．）16．（8分）在研究平抛物体运动的实验中，用一张印有小方格的纸记录轨迹，小方格的边长为L=2.5cm．若小球在平抛运动中先后经过的几个位置如图的a、b、c、d所示．则小球平抛的初速度的计算式为v0=2（用L、g表示），其值是1m/s （取g=10m/s2）．考点：研究平抛物体的运动．专题：实验题；平抛运动专题．分析：平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动，根据竖直方向上相邻的相等时间内的位移之差是一恒量求出相等的时间间隔，再根据水平位移求出平抛运动的初速度大小．解答：解：根据△y=gT2，解得T=，则平抛运动的初速度，代入数据解得v0=1m/s．故答案为：，1m/s．点评：解决本题的关键知道平抛运动在水平方向和竖直方向上的运动规律，结合运动学公式和推论进行求解．17．（8分）某实验小组利用图示实验装置来测量物块A和长木板之间的动摩擦因数μ．①把左端带有挡板的足够长的长木板固定在水平桌面上，物块A置于挡板处，不可伸长的轻绳一端水平连接物块A，另一端跨过轻质定滑轮挂上与物块A质量相同的物块B．用手按住物块A，使A、B保持静止．②测量物块B离水平地面的高度为h．③释放物块A，待物块A静止时测量其运动的总距离为s（物块B落地后不反弹）．回答下列问题：（1）根据上述测量的物理量可知μ=．（2）由于存在空气阻力，该实验所求μ值比真实值偏大．（填“偏大”或“偏小”）考点：动能定理的应用；力的合成与分解的运用；探究影响摩擦力的大小的因素．专题：牛顿运动定律综合专题．分析：首先分析题意，知道两物块的运动情况，找出B物体落地后，A的运动位移，据动能定理求解即可；从能量守恒定律的角度分析误差．解答：解：（1）据题境可知，AB两物体一起运动，当B物体落地后，A物体在摩擦力的作用下，做匀减速运动．设B物体落地瞬间时，A 和B的动能都为E k，据能量守恒可知，mgh﹣μmgh=2×E K当B落地后，A做匀减速运动，A的位移为s﹣h，据动能定理得：﹣μmg（s﹣h）=0﹣E k联立以上两式得：μ=（2）当空气阻力不可忽略时，有产生的热量，会使B物体落地瞬间时，A 或B的动能减小；使B落地后，A做匀减速运动，A的位移为s变小，所以会使μ偏大．故答案为：（1）；（2）偏大．点评：根据题境明确实验原理是解题的关键，找出位移之间的关系是解题的核心，灵活应用能量守恒分析误差，题目有点难度．三、计算题（本题包括4小题，共39分．解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位．）18．（8分）如图所示，飞机离地面高度为H=500m，水平飞行速度为v1=100m/s，追击一辆速度为v2=20m/s同向行驶的汽车，欲使炸弹击中汽车，飞机应在距离汽车的水平距离多远处投弹？（g=10m/s2）考点：平抛运动．专题：平抛运动专题．分析：（1）投出去的炸弹做平抛运动，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．平抛运动的高度确定时间，根据高度求出时间，再根据水平速度和时间求出水平位移；（2）炸弹击中汽车的条件是：在水平方向上的位移关系：炸弹飞行的距离=汽车行驶距离+相互距离．解答：解：炸弹做的是平抛运动，在竖直方向上做自由落体运动：由h=gt2可知，t===10s；在水平方向上匀速直线运动：水平方向运动时间和飞行时间相同；则s=v0t=10s×100m/s=1000m；在此段时间内汽车向前行驶的距离s0=10s×20m/s=200m；故s1=s﹣s0=1000m﹣200m=800m；答：飞机应在距离汽车的水平距离800m处投弹．点评：解决本题的关键掌握平抛运动的处理方法，平抛运动在水平方向上做匀速直线运动，在竖直方向上做自由落体运动．19．（10分）质量为2t的汽车在平直公路上由静止开始运动，若保持牵引力恒定，则在30s 内速度增大到15m/s，这时汽车刚好达到额定功率，然后保持额定输出功率不变，再运动15s 达到最大速度20m/s，求：（1）汽车的额定功率；（2）汽车运动过程中受到的阻力；（3）汽车在45s共前进多少路程．考点：功率、平均功率和瞬时功率；匀变速直线运动的速度与时间的关系；牛顿第二定律．专题：功率的计算专题．分析：（1）（2）保持牵引力恒定，则汽车做匀加速直线运动，求出加速度，结合牛顿第二定律及P=Fv即可求解汽车的额定功率和阻力；（3）根据运动学基本公式求出在30s内的位移，根据动能定理求出后15s内的位移，两者之和即为总路程．解答：解：（1）（2）保持牵引力恒定，则汽车做匀加速直线运动，根据a=得：a=根据牛顿第二定律得：F﹣f=maP=Fv1=（f+ma）v1在45s末有：P=fv2带入数据解得：P=60kWf=3000N（3）汽车在30s内的位移t1=225m后15s内的位移x2满足Pt2﹣fx2=解得：x2=241.7m总路程x=x1+x2=466.7m答：（1）汽车的额定功率为60kW；（2）汽车运动过程中受到的阻力为3000N；（3）汽车在45s共前进多少路程为466.7m．点评：本题主要考查了牛顿第二定律、运动学基本公式、动能定理及P=Fv公式的直接应用，难度适中．20．（11分）如图所示，水平地面AB距离S=10m．BCD是半径为R=0.9m的光滑半圆轨道，O 是圆心，DOB在同一竖直线上．一个质量m=1.0kg的物体静止在A点．现用F=10N的水平恒力作用在物体上，使物体从静止开始做匀加速直线运动．物体与水平地面间的动摩擦因数μ=0.5．当物体运动到B点时撤去F，以后物体沿BCD轨道运动，离开最高点D后落到地上的P点（图中未画出）．g取10m/s2．求：（1）物体运动到B点时的速度大小；（2）物体运动到D点时的速度大小；（3）物体落地点P与B点间的距离．考点：机械能守恒定律；平抛运动；动能定理的应用．分析：（1）从A到C的过程中，拉力和摩擦力做功，由动能定理可以求得到B点时的速度；（2）从B到D的过程中，机械能守恒，从而可以求得到D点时的速度；（3）离开P点后，物体做平抛运动，由平抛运动的规律可以求得水平的位移．解答：解：（1）物体从A到B，根据动能定理（F﹣μmg）s= mV B2代入数据求得 V B =10m/s．（2）从B到D，由机械能守恒定律mV B2=mg•2R+ mV D2解得 V D=8m/s．（3）物体离开D后做平抛运动竖直方向：2R=gt2水平方向：PB=V D t解得 PB=4.8m．答：（1）物体运动到B点时的速度大小是10m/s；（2）物体运动到D点时的速度大小是8m/s；（3）物体落地点P与B点间的距离是4.8m．点评：物体的运动过程可以分为三部分，第一段是匀加速直线运动，第二段的机械能守恒，第三段是平抛运动，分析清楚各部分的运动特点，采用相应的规律求解即可．。
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2015年春季安溪八中高一年期中质量检测物理试题一、选择题（本题包括12小题，第1题到第8题为单项选择题，每小题3分；第9题到第12题为不定项选择题，全部选对的得4分，选对但不全对的得2分，有选错的得0分；总共40分）1、关于能源的开发和利用，下列观点中错误的是（）A.能源是有限的，无节制地使用常规能源，是一种盲目的短期行为B.根据能量守恒，能源是取之不尽、用之不竭的C.能源的开发和利用，必须同时考虑对生态环境的保护D.不断开发新能源，是缓解能源危机、加强环境保护的重要途径2、如图所示，力F大小相等，物体沿水平面运动的位移s相同。
下列情况中F做功最少的是( )3、作平抛运动的物体，在水平方向通过的最大距离取决于（）A．物体所受的重力和抛出点的高度B．物体所受的重力和初速度C．物体的初速度和抛出点的高度D．物体所受的重力、高度和初速度4、关于功率，下列说法中正确的是（）A.由P=W/t可知，做功越多，功率越大B.由P=W/t可知，单位时间内做功越多，功率越大C.由P=Fv可知，做功的力越大，功率就越大D.由P=Fv可知，物体的运动速度越大，功率就越大5、从竖直上升的气球上掉下的石块与同一高度自由下落的石块相比，不计石块的空气阻力和浮力，下列各物理量中相等的是（）A．落地的时间 B．落地时的速度 C．落地时的速率 D．在空中的加速度6、下列运动过程满足机械能守恒条件的是（）A．在忽略空气阻力的情况下，抛出的手榴弹在空中的运动B．子弹射穿木块的运动C．货物被吊车匀速吊起的运动D．降落伞在空中匀速下降的运动7、质量为m的小球，从离桌面H高处由静止下落，桌面离地面高度为h，如图所示，若以桌面为零势能参考平面，那么小球落地时的重力势能及整个下落过程中重力势能的变化分别是（）A BCA ．mgh ， 减少mg （Ｈ－h ）B ．mgh ，增加mg （Ｈ＋h ）C ．－mgh ，增加mg （Ｈ－h ）D ．－mgh ，减少mg （Ｈ＋h ）8、船在静水中的航速为v 1，水流的速度为v 2．为使船行驶到河正对岸的码头，则v 1、v 2的方向应为（ ） A ．B ．C ．D ．9、关于对动能的理解,下列说法正确的是 ( )A ．凡是运动的物体都具有动能B ．动能总为正值C ．一定质量的物体,动能变化时,速度一定变化D ．一定质量的物体,速度变化时,动能一定变化10、物体做自由落体运动，Ek 代表动能，Ep 代表势能，h 代表下落的距离，以水平地面为零势能面。
下列所示图像中，能正确反映各物理量之间关系的是 ( )11、关于运动合成的下列说法中正确的是 ( )A ．合速度的大小一定比每个分速度的大小都大B ．只要两个分运动是直线运动，合运动一定也是直线运动C ．两个匀速直线运动的合运动一定也是匀速直线运动D ．合运动的时间等于两个分运动经历的时间12、如图所示，一小球自A 点由静止自由下落，到B 点时与弹簧接触，到C 点时弹簧被压缩到最短。
若不计弹簧质量和空气阻力，在小球由A →B →C 的过程中（ ）A ．小球从A →B 的过程中机械能守恒；小球从B →C 的过程中只有重力和弹力做功，所以机械能也守恒 B ．小球在B 点时动能最大C ．小球减少的机械能，等于弹簧弹性势能的增量D ．小球到达C 点时动能为零，重力势能为零，弹簧的弹性势能最大 二、实验题（本题包括2小题，共14分；13题6分，14题每空2分） 13、“验证机械能守恒定律”的实验中，对于自由下落的重物，下列选择条件中不必要的是 A 、选用重物时，重的比轻的好 B 、选用重物时，体积小的比大的好C 、选定重物后，为计算其动能和势能的变化量，需要称出它的质量D、重物所受重力应远大于它所受的空气阻力和纸带受到打点计时器的阻力14、（1）在“验证机械能守恒定律”的实验中，当地重力加速度g=9.80 m/s2,测得所用重物质量是1.00 kg,甲、乙、丙三个学生分别用同一装置打出三条纸带，量出各纸带上第一、二两点间的距离分别为0.18 cm、0.19 cm、0.25 cm，可以看出其中一个人在操作上有误，这个人是（填“甲”、“乙”或“丙”），错误的原因可能是（2）选用第二条纸带，量得三个连续点A、B、C到第一点的距离分别是15.55 cm、19.20 cm 和23.23 cm，当打点计时器打在B点时，重物重力势能减少量为________J，重物的动能是__________J.（计算结果保留两位小数）三、计算题（本题包括4小题，15、16、17各为12分，18题10分，共46分，解答应写出必要的文字说明方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题答案中必须写出数值和单位）15、（12分）把一小球从离地面h=5m处，以v0=10m/s的初速度水平抛出，不计空气阻力，（g=10m/s2）．求：（1）小球在空中飞行的时间；（2）小球落地点离抛出点的水平距离；16、（12分）如图所示，足球守门员在发门球时，将一个静止的质量为0.4kg的足球，以10 m/s 的速度踢出，足球沿草地做直线运动，受到的阻力是足球重力的0.2倍，当足球运动至距发球点20 m的后卫队员处时,取g=10m/s2。
求：（1）初始足球获得的动能E k；（2）草地对足球的阻力所做的功W f；（3）当足球传到后卫队员处时速度大小。
17、（12分）一辆电动自行车的铭牌上给出了如下的技术参数。
规格后轮驱动直流永磁体电机车型：20″折叠式电动自行车额定输出功率：120 W整车质量：30 kg 额定转速：240 r/min最大载重：120 kg 额定工作电压：40 V续行里程>40 km 额定工作电流：3.5 A××电动自行车厂出厂日期：2010年10月设骑车人的质量为70 kg，阻力恒为车和人总重的0.02倍，g取10 m/s2，当该车电动机在额定输出功率下工作时：(1)仅在电动机提供动力的情况下，求该车的最大速度。
(2)当该车速度v＝1 m/s时，加速度多大？18、（10分）一传送带装置如右图所示，其中AB段是水平的，长度L AB＝4 m，BC段是倾斜的，长度l BC＝5 m，倾角为θ＝37°，AB和BC在B点通过一段极短的圆弧连接(图中未画出圆弧)，传送带以v＝4 m/s的恒定速率顺时针运转．已知工件与传送带间的动摩擦因数μ＝0.5，重力加速度g取10 m/s2.现将一个工件(可看做质点)无初速度地放在A点，求：(1)工件第一次到达B 点所用的时间： (2)工件沿传送带上升的最大高度； (3)工件运动了23 s 时所在的位置.2015年春季安溪八中高一年期中质量检测物理试题答题卡二、实验题（本题包括2小题，共14分；13题6分，14题每空2分） 13、 14、（1） 、 （2） 、三、计算题（本题包括4小题，15、16、17各为12分，18题10分，共46分，解答应写出必要的文字说明方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的题答案中必须写出数值和单位） 15、（12分）16、（12分）学校＿＿＿＿＿ 班级＿＿＿＿＿ 号数＿＿＿＿ 姓名＿＿＿＿＿＿ ＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝密＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝封＝＝＝ ＝＝＝＝＝线＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝＝17、( 12分)18、（10分）2015年春季安溪八中高一年期中质量检测物理试题参考答案一、选择题（本题包括12小题，第1题到第8题为单项选择题，每小题3分；第9题到第12题为不定项选择题，全部选对的得4分，选对但不全对的得2分，有选错的得0分；总共40分）1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12B DC BD A D C ABC BC CD AC二、实验题（本题包括2小题，共14分；13题6分，14题每空2分）13、C 14、（1）丙，先放纸带后接通电源导致初速度不为0；（2）1.88 , 1.84三、计算题(本题包括4小题，15 、16、17各为12分、18题10分，，共46分)15、解析：（1）平抛运动在竖直方向上做自由落体运动，根据h=gt 2得 所以 t==s=1s（2）水平距离 x=v 0t=10×1m=10m 16、（1）20J （2）-16J （3）m/s 5217、解析：根据P ＝Fv ，先求出电动自行车所受的阻力，求出最大速度，再根据牛顿第二定律，求出其加速度。
(1)阻力f ＝0.02(m 1＋m 2)g ＝0.02×(30＋70)×10 N＝20 N 当速度最大时，牵引力等于阻力，即P ＝Fv max ，所以v max ＝P f ＝12020m/s ＝6 m/s 。
(2)当v 1＝1 m/s 时，牵引力为F ＝P v 1＝1201N ＝120 N 由牛顿第二定律F －f ＝(m 1＋m 2)a 即a ＝F －f m 1＋m 2＝120－2030＋70m/s 2＝1 m/s 2。
答案：(1)6 m/s (2)1 m/s 218、解析(1)工件刚放在水平传送带上的加速度为a 1 由牛顿第二定律得μmg ＝ma 1 解得a 1＝μg ＝5 m/s 2经t 1时间与传送带的速度相同，则t 1＝v a 1＝0.8 s 前进的位移为x 1＝12a 1t 21＝1.6 m此后工件将与传送带一起匀速运动至B 点，用时t 2＝L AB －x 1v＝0.6 s 所以工件第一次到达B 点所用的时间t ＝t 1＋t 2＝1.4 s (2)设工件上升的最大高度为h ，由动能定理得 (μmg cos θ－mg sin θ)·hsin θ＝0－12mv 2解得h ＝2.4 m(3)工件沿传送带向上运动的时间为t 3＝2hv sin θ＝2 s此后由于工件在传送带的倾斜段运动时的加速度相同，在传送带的水平段运动时的加速度也相同，故工件将在传送带上做往复运动，其周期为TT ＝2t 1＋2t 3＝5.6 s工件从开始运动到第一次返回传送带的水平部分，且速度变为零所需时间t0＝2t1＋t2＋2t3＝6.2 s而23 s＝t0＋3T这说明经23 s工件恰好运动到传送带的水平部分，且速度为零．故工件在A点右侧，到A点的距离x＝L AB－x1＝2.4 m【答案】(1)1.4 s (2)2.4 m (3)A点右侧2.4 m处。