2016年上海市上实集团联考中考物理模拟试卷及参考答案(3月份)
2016年上海市中考物理试卷含答案
物理试卷 第1页（共18页）物理试卷 第2页（共18页）绝密★启用前上海市2016年初中毕业统一学业考试物 理本试卷满分90分,考试时间60分钟。
一、选择题(本题共8小题,每小题2分,共16分。
每小题中四个选项只有一个是正确的) 1.下列粒子中,带负电的是( ) A .电子 B .中子 C .质子 D .核子2.我们能分辨女高音、女中音,这主要是根据声音有不同的 ( ) A .响度 B .音调 C .音色 D .振幅3.四冲程柴油机在工作过程中,将内能转化为机械能的冲程是( ) A .吸气冲程 B .压缩冲程 C .做功冲程 D .排气冲程4.下列各种单色光中,属于三原色光之一的是 ( ) A .紫光 B .红光 C .橙光 D .黄光5.汽车发动机常用水做冷却剂,主要是因为水的 ( )A .比热容较大B .比热容较小C .密度较大D .密度较小6.某凸透镜的焦距为10厘米,若物理在光屏上所成的像离该透镜的距离大于30厘米,则物体离该透镜的距离可能为 ( ) A .3厘米 B .13厘米 C .23厘米 D .33厘米7.将重为G 的物体挂于测力计下,使它们以大小为1v 的速度向上做匀速直线运动,后以大小为2v 的速度向下做匀速直线运动,且12v v ＞。
已知前后两次测力计的示数分别为1F 、2F ,若不计空气阻力,则( )A .1F 可能大于GB .2F 可能小于GC .1F 一定大于2FD .1F 一定等于2F8.在如图所示的电路中,电源电压保持不变,开关1S 、2S 均闭合。
当开关2S 由闭合到断开时,电路中( )A .电压表V 的示数变小B .电流表1A 的示数变大C .电压表V 示数与电流表A 示数的比值变大D .电压表V 示数与电流表A 示数的乘积变大二、填空题(本题共9小题,第14、15题各4分，其余每空1分，共23分)9.家庭电路中,电视机与电灯是 (填“串联”或“并联”)的；电灯工作时消耗的是 能；额定功率为0.5千瓦的用电器正常工作3小时,耗电 千瓦时。
2016上海中考物理试题及答案
2016上海中考物理试题及答案一、选择题（每题2分，共20分）1. 光在真空中的传播速度是（）。
A. 3×10^5 km/sB. 3×10^8 m/sC. 3×10^7 km/sD. 3×10^6 m/s2. 根据欧姆定律，电阻R与电压U和电流I的关系是（）。
A. R = U/IB. R = U + IC. R = I/UD. R = U - I3. 下列哪种物质是晶体？（）A. 玻璃B. 橡胶C. 食盐D. 沥青4. 物体的动能大小与以下哪个因素有关？（）A. 质量B. 速度C. 质量与速度D. 形状5. 下列哪个现象属于光的折射？（）A. 光的反射B. 光的直线传播C. 光的色散D. 光的衍射6. 电流通过导体产生的热量与电流的平方、导体电阻和通电时间的关系，可以用公式表示为（）。
A. Q = I^2RtB. Q = IR^2tC. Q = R/I^2tD. Q = I/Rt7. 根据能量守恒定律，下列说法正确的是（）。
A. 能量可以凭空产生B. 能量可以在不同形式之间转化C. 能量可以凭空消失D. 能量既不能凭空产生，也不能凭空消失8. 物体的惯性大小与以下哪个因素有关？（）A. 速度B. 质量C. 形状D. 温度9. 以下哪个选项是描述物体运动状态的物理量？（）A. 质量B. 密度C. 速度D. 体积10. 根据牛顿第二定律，物体的加速度与以下哪个因素成正比？（）A. 质量C. 速度D. 距离二、填空题（每题2分，共20分）11. 电流的单位是______。
12. 电压的单位是______。
13. 电阻的单位是______。
14. 光年是______的单位。
15. 物体的密度等于物体的______与______的比值。
16. 物体的浮沉条件是______。
17. 物体的机械能包括______和______。
18. 物体的内能与物体的______和______有关。
2016年上海市杨浦区中考物理三模试卷(含答案解析)
2016年上海市杨浦区中考物理三模试卷一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）1．调节电视机的音量，是为了改变声音的（）A．音色 B．响度 C．音调 D．频率2．首先发现电流效应的物理学家是（）A．法拉第B．欧姆 C．奥斯特D．安培3．上海迪士尼园中建造了一个大面积人工湖，“一池碧波映出一个奇幻世界”是属于光的什么现象（）A．光的反射 B．光的折射 C．光的色散 D．光的直线传播4．下列数据最接近实际的是（）A．课桌高度约为80厘米B．教室内的气温约为50℃C．一份物理试卷的质量约为200克D．一节干电池的电压为2伏5．爱因斯坦曾说，在物理学家看来，磁场和他坐的椅子一样实在，图中所示的磁场分布与实际不相符的是（）A．同名磁极间的磁场 B．直线电流周围的磁场C．通电螺线管周围的磁场 D．蹄形磁铁周围的磁场6．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（）A．起子B．镊子C．钢丝钳D．托盘天平7．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，下列操作中不能使电压表V1示数变大，V2示数变小的是（）A．将滑片P向右移动B．断开电键SC．将电阻R2与电流表A的位置互换D．将电阻R2与电键S位置互换8．如图，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的轻质圆柱形容器放置在水平地面上，甲、乙对地面压强相等，现沿水平方向切去部分甲并从容器中抽出部分乙后，甲、乙剩余部分的体积相等，则它们对地面压力的变化量△F甲、△F乙的关系是（）A．△F甲一定大于△F乙B．△F甲可能大于△F乙C．△F甲一定小于△F乙D．△F甲可能小于△F乙二、填空题（共7小题，每小题3分，满分23分）9．教室里的日光灯额定电压是伏，投影仪和日光灯之间是联（选填“串”或“并”）连接的，教室里共有日光灯12盏，每盏灯的额定功率为40瓦，如果我们在大课间活动时能够及时关灯，每天大课间活动时间是20分钟，则每天可以节约用电千瓦时．10．中国女科学家屠呦呦获2015年诺贝尔医学奖，屠呦呦的团队曾用水煎的方法从植物青蒿中提取青蒿素，实验曾失败了190次，因为标准大气压下沸水的温度是℃，温度太高，破坏了青蒿中的有效成分，于是屠呦呦提出采用低沸点的溶剂并用热水对其进行加热，这是通过的方式改变了溶剂的内能，假设该溶剂的比热容大约是2200J/（Kg•℃），2千克这种溶剂升温5℃大约需要吸收焦的热量．11．如图所示，小徐在体育课上练习上篮动作，篮球被投出后求在上升过程中动能，惯性（均选填“增大”、“减小”或“不变”），碰到篮板后篮球会弹回说明力可以改变．12．水平地面上的甲、乙两小车同时同地沿同一直线做匀速直线运动，甲、乙的s﹣t图象如图所示．行驶中，以甲为参照物，乙是的（选填“静止”或“运动”），甲的速度为米/秒；运动10秒后甲、乙小车相距米．13．通过某导体的电流为0.3安，10秒内电流做功为9焦，该导体两端的电压为伏，这段时间内通过导体横截面的电荷量为库，当该导体两端的电压变为6伏后，该导体的电阻为欧．14．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S后，正常情况下示数变大的电表有（选填“V1”、“V2”、“A”），当电键S断开或闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，故障发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好．①电路中可能存在的故障是．②用一个完好的小灯替换电阻R2后，小灯（选填“一定发光”或“可能发光”或“一定不发光”）15．为了对比研究实心球圆柱体和圆锥体对支撑面的压力作用效果，某同学选择了同种材料制成的高度相同，底面积不同的若干实心圆柱体和圆锥体，分成三组放置在水平细沙面上，其中每组的圆柱体与圆锥体的底面积相同，沙面的凹陷程度如图所示．①分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知．②分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知．三、解答题（共3小题，满分7分）16．重为3牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它受到的重力G．17．在图中，根据给出的入射光线画出折射光线．18．在图中所示的电路中，有两根导线尚未连接，请用笔线代替导线补上，补上后要求：①电压表测小灯两端电压；②闭合电键S，向a端移动滑动变阻器的滑片P，电压表示数变小．四、计算题19．体积为1×10﹣3米3的金属块浸没在酒精中，求：金属块所受到的浮力F浮．（ρ酒精=0.8×103千克/米3）20．重为50牛的物体在水平拉力F的作用下沿拉力方向做匀速直线运动，已知物体受到的阻力是重力的0.2倍，5秒内物体前进了3米，求：此过程中拉力F的大小及拉力所做的功W．21．如图（a）所示电路，电源电压为8伏且保持不变，电阻R1的阻值为10欧，闭合电键后，电流表的示数为1安，求：（1）通过R1的电流；（2）通电10秒钟，电流通过R2所做的功；（3）现用一个标有“20Ω 2A”字样的滑动变阻器替换电阻R1，并将一个表盘如图（b）所示的电流表A1接入电路，则应把电流表接入点处时（选填“a”、“b”或“c”），在移动变阻器滑片P的过程中能使电流表A1与A示数的比值最小，求电流表A1与A示数的最小比值及此时滑动变阻器连入的阻值．22．如图所示，薄壁轻质圆柱形容器甲和正方体乙置于水平地面上．容器甲高度为0.5米，底面积为1×10﹣2米2，里面盛有0.2米深的水．正方体乙的质量为16千克，体积为8×10﹣3米3．①求乙的密度ρ乙．②求甲容器底部受到水的压强p水．③若将一底面积为5×10﹣3米2的物体A分别轻轻放入容器甲的水中、放在正方体乙上表面的中央时，使水对容器甲底部压强的变化量与正方体乙对水平地面压强的变化量相等；求物块A的密度ρA范围及对应的体积V A应满足的条件．五、实验题23．实验室中，托盘天平可以用来测量物体的，弹簧测力计是测量的仪器，电流表应在电路中，要改变通过定值电阻的电流，可将滑动变阻器与定值电阻（后两空选填“串联”或“并联”）．24．如图所示，某小组同学在做验证凸透镜成像规律实验，实验前应记录凸透镜的，并调整透镜和光屏的中心大致与烛焰的中心在．实验中各器材处于如图所示的位置时，光屏上恰好得到清晰的像，则这个像是倒立缩小的实像，若保持透镜位置不变，将蜡烛移至35厘米刻度处，移动光屏找像，能够在光屏上得到像（后两空均选填“一定”或“可能”）．25．小华和小海同学为了探究导体中电流与电压的关系，他们利用如图所示电路进行实验，实验中他们将材料均为镍铬合金，而横截面积和长度均不同的导体先后连入A、B两点间，步结论是：对同一导体，．（2）分析比较实验序号2、4或3、5的数据，可得出的初步结论是，通过不同导体的电流不同．（3）进一步分析比较表中的数据，小华发现材料相同的导体，电压与电流的比值不相同，他认为，电压与电流的比值与导体的材料无关，你认为小华的结论（选填“错误”、“合理”），理由是．（4）小海想在上表实验数据的基础上继续探究电压与电流的比值是否与导体的材料有关，需添加的器材为（选填“甲”、“乙”或“丙”）器材：导体甲横截面积为1×10﹣6米2、长度为10米的镍铬合金丝导体乙横截面积为0.4×10﹣6米2、长度为6米的铁丝导体丙横截面积为1×10﹣6米2、长度为5米的锰铜丝．26．小李和小王同学各自进行“测定小灯泡电功率”的实验，实验中使用的小灯规格相同，均标有“2.5V”字样，额定功率为1W﹣1.5W之间，电源由若干节新干电池组成，其它器材均相同．小王连接电路，闭合电键，移动变阻器的滑片，电流表示数变化范围为0.06A～0.2A、电压表示数变化范围为0～1.2V．小灯泡终无法正常发光．小李正确连接电路，闭合电键S后，移动滑片，发现当变阻器的滑片恰好在中点上，小灯泡正常发光．（1）测定小灯泡的额定功率需要测量和记录的物理量是，判定该小灯泡正常发光的方法是．（2）小王原来实验中存在的问题有．（3）小灯的额定功率为瓦，电源电压为伏．2016年上海市杨浦区中考物理三模试卷参考答案与试题解析一、选择题（共8小题，每小题2分，满分16分）1．调节电视机的音量，是为了改变声音的（）A．音色 B．响度 C．音调 D．频率【考点】响度．【分析】声音的三个特征分别是：音调、响度、音色，是从不同角度描述声音的，音调指声音的高低，由振动频率决定；响度指声音的强弱或大小，与振幅和距离有关；音色是由发声体本身决定的一个特性；调节音量是改变响度．【解答】解：调节电视机的音量，是为了改变声音的强弱（或大小），无法改变音色、音调；即是为了改变声音的响度；故ACD错误；B正确；故选B．2．首先发现电流效应的物理学家是（）A．法拉第B．欧姆 C．奥斯特D．安培【考点】电流的热效应、化学效应和磁效应．【分析】根据我们对于法拉第、欧姆、奥斯特、安培这四位科学家对于物理所作贡献的了解来作答．【解答】解：A．法拉第发现了电磁感应现象，不是首先发现电流效应的物理学家，故A错误；B．欧姆总结了欧姆定律，故B错误；C．奥斯特发现了通电导体周围存在磁场，是第一个发现电流磁效应的科学家，故C正确；D．安培建立了安培定则，用于判断通电螺线管的磁极，故D错误．故选C．3．上海迪士尼园中建造了一个大面积人工湖，“一池碧波映出一个奇幻世界”是属于光的什么现象（）A．光的反射 B．光的折射 C．光的色散 D．光的直线传播【考点】光的反射．【分析】光线传播到两种介质的表面上时会发生光的反射现象，例如水面上出现岸上物体的倒影、平面镜成像、玻璃等光滑物体反光都是光的反射形成的；【解答】解：“一池碧波映出一个奇幻世界”是湖面景物在湖面成像现象，属于平面镜成像，是光的反射形成的．故选A．4．下列数据最接近实际的是（）A．课桌高度约为80厘米B．教室内的气温约为50℃C．一份物理试卷的质量约为200克D．一节干电池的电压为2伏【考点】时间的估测；温度；质量的估测；电压．【分析】此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可．【解答】解：A、中学生的身高在160cm左右，课桌的高度大约是中学生身高的一半，在80cm左右．此选项符合实际；B、人体感觉舒适的温度在23℃左右，教室内气温感觉舒适，在23℃左右．此选项不符合实际；C、一枚一元硬币的质量在6g左右，一份试卷的质量比6g小得多，在1g左右．此选项不符合实际；D、根据国家标准，一节新干电池的电压是1.5V．此选项不符合实际．故选A．5．爱因斯坦曾说，在物理学家看来，磁场和他坐的椅子一样实在，图中所示的磁场分布与实际不相符的是（）A．同名磁极间的磁场 B．直线电流周围的磁场C．通电螺线管周围的磁场 D．蹄形磁铁周围的磁场【考点】磁场．【分析】（1）在磁体外部，磁感线从N极出发，到S极进入；（2）通电直导线的磁场可以由安培定则进行判断：用右手握住直导线，大拇指指向电流方向，四指弯曲的方向即为磁场的方向；（3）用右手握住螺线管，让四指弯向螺线管中电流的方向，则大拇指所指的那端就是螺线管的北极．【解答】解：A、由图，两磁极都为N极，磁体的外部，磁感线从N极出发，故A正确；B、由图，直导线中电流向下，由安培定则可判断其周围磁感线为以导线为圆心，顺时针方向的同心圆，故B正确；C、由图，安培定则判断可知，通电螺线管的下端为N极，上端为S极，外部磁感线不符合磁感线从N极出发，到S极进入，故C错误；D、由图，蹄形磁铁上端N极，下端S极，磁感线符合从N极出发，到S极进入，故D正确．故选C．6．如图所示的简单机械，在使用中属于费力杠杆的是（）A．起子B．镊子C．钢丝钳D．托盘天平【考点】杠杆的分类．【分析】结合图片和生活经验，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆．【解答】解：A、起子在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；B、镊子在使用过程中，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆；C、钢丝钳在使用过程中，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；D、托盘天平的实质是等臂杠杆，在使用过程中，动力臂等于阻力臂，不省力也不费力．故选B．7．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，下列操作中不能使电压表V1示数变大，V2示数变小的是（）A．将滑片P向右移动B．断开电键SC．将电阻R2与电流表A的位置互换D．将电阻R2与电键S位置互换【考点】电路的动态分析．【分析】由电路图可知，R1和R2串联，电压表V1测量R1两端的电压，电压表V2测量R2两端的电压，电流表测电路总电流；（1）根据滑片移动的方向和串联电路分压的规律可知电压表V1示数的变化；（2）当电键断开时，根据电压表的正负接线柱能否与电源两极相连以及串联电路电压规律可知电压表示数的变化；（3）将电阻R2与电流表A的位置互换后，再结合串联电路分压的规律确定电压表示数的变化；（4）将电阻R2与电键S位置互换后，再结合串联电路分压的规律确定电压表示数的变化．【解答】解：A 、将滑片P 向右移动，滑动变阻器接入电路的阻值变大，由串联电路分压的规律可知，滑动变阻器分得的电压变大，R 2分得的电压减小，因此电压表V 1示数变大，V 2示数变小，故A 不符合题意；B 、断开电键S 后，电压表V 1的正负接线柱与电源两极相连，因此电压表V 1示数变大，电压表V 2的正负接线柱不能与电源两极相连，即电压表V 2示数为零，即示数变小，故B 不符合题意；C 、将电阻R 2与电流表A 的位置互换后，电压表V 1测量电流表两端电压，因此示数减小为零，电压表V 2示数不变，故C 符合题意；D 、将电阻R 2与电键S 位置互换后，电压表V 1测量电源电压，因此示数变大；电压表V 2测量电键两端电压，因此减小为零，故D 不符合题意．故选C ．8．如图，均匀圆柱体甲和盛有液体乙的轻质圆柱形容器放置在水平地面上，甲、乙对地面压强相等，现沿水平方向切去部分甲并从容器中抽出部分乙后，甲、乙剩余部分的体积相等，则它们对地面压力的变化量△F 甲、△F 乙的关系是（ ）A ．△F 甲一定大于△F 乙B ．△F 甲可能大于△F 乙C ．△F 甲一定小于△F 乙D ．△F 甲可能小于△F 乙【考点】压力及重力与压力的区别．【分析】首先根据甲、乙对地面压强关系和受力面积关系得出对地面的压力大小关系，然后利用p======ρgh ，结合图示比较甲乙的密度关系，再利用密度公式判断剩余部分的质量关系，可得重力关系，对地面的压力关系，最后比较得出它们对地面压力的变化量△F 甲、△F 乙的关系．【解答】解：由题知，p 甲=p 乙，由图知，S 甲＞S 乙，根据F=pS 可知，原来的压力关系为：F 甲＞F 乙，因为甲为均匀圆柱体，乙为规则轻质容器，所以甲对地面的压强：p 甲=ρ甲gh 甲，乙对地面的压强：p 乙=ρ乙gh 乙，已知p 甲=p 乙，即：ρ甲gh 甲=ρ乙gh 乙，由图可知h 甲＞h 乙，所以ρ甲＜ρ乙，沿水平方向切去部分甲并从容器中抽出部分乙后，甲、乙剩余部分的体积相等， 剩余部分的质量m 剩=ρV 剩 ，由于ρ甲＜ρ乙，所以m 甲剩＜m 乙剩，则G 甲剩＜G 乙剩，F 甲剩＜F 乙剩，所以，它们对地面压力的变化量△F 甲=F 甲﹣F 甲剩，△F 乙=F 乙﹣F 乙剩，比较可得，△F 甲＞△F 乙．故选A ．二、填空题（共7小题，每小题3分，满分23分）9．教室里的日光灯额定电压是 220 伏，投影仪和日光灯之间是 并 联（选填“串”或“并”）连接的，教室里共有日光灯12盏，每盏灯的额定功率为40瓦，如果我们在大课间活动时能够及时关灯，每天大课间活动时间是20分钟，则每天可以节约用电 0.16 千瓦时．【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；电功的计算．【分析】（1）知道家庭电路的电压是220V．家庭电路中各用电器是并联的．（2）据公式W=Pt计算即可得出正确的答案．【解答】解：由于用电器之间是互不影响的，所以是并联的关系；家庭电路的电压是220V；教室里日光灯的总功率是P=40W×12=480W；故此时消耗电能是：W=Pt=0.48kW×h=0.16kW•h；故答案为：220；并；0.16；10．中国女科学家屠呦呦获2015年诺贝尔医学奖，屠呦呦的团队曾用水煎的方法从植物青蒿中提取青蒿素，实验曾失败了190次，因为标准大气压下沸水的温度是100℃，温度太高，破坏了青蒿中的有效成分，于是屠呦呦提出采用低沸点的溶剂并用热水对其进行加热，这是通过热传递的方式改变了溶剂的内能，假设该溶剂的比热容大约是2200J/（Kg•℃），2千克这种溶剂升温5℃大约需要吸收 2.2×104焦的热量．【考点】沸点及沸点与气压的关系；热传递改变物体内能；热量的计算．【分析】①1标准大气压下沸水的温度是100℃；②改变物体内能有两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；=cm△t计算水吸收的热量．③已知水的比热容、质量和升高的温度，可利用公式Q吸【解答】解：1标准大气压下沸水的温度是100℃；采用低沸点的溶剂并用热水对其进行加热，这是通过热水吸收热量，内能增加、温度升高，是通过热传递的方式使溶剂内能改变的；该溶剂吸收的热量：=cm△t=2.2×103J/（kg•℃）×2kg×5℃=2.2×104J．Q吸故答案为：100；热传递；2.2×104．11．如图所示，小徐在体育课上练习上篮动作，篮球被投出后求在上升过程中动能减小，惯性不变（均选填“增大”、“减小”或“不变”），碰到篮板后篮球会弹回说明力可以改变物体的运动状态．【考点】动能和势能的大小变化；力的作用效果；惯性．【分析】（1）物体的动能与物体质量和速度有关，在质量一定的情况下，速度越小，物体动能越小；（2）物体的惯性只与质量有关；（3）力的作用效果有两个：一是改变物体的形状，二是改变物体的运动状态．【解答】解：篮球被投出后在上升过程中，篮球的质量不变，速度减小，篮球的动能减少，其高度增加，重力势能增大；在此过程中篮球的质量不变，故惯性不变；碰到篮板后被弹回，球的运动速度和方向都发生了变化，说明力可以改变物体的运动状态．故答案为：减小；不变；物体的运动状态．12．水平地面上的甲、乙两小车同时同地沿同一直线做匀速直线运动，甲、乙的s ﹣t 图象如图所示．行驶中，以甲为参照物，乙是 运动 的（选填“静止”或“运动”），甲的速度为 0.1 米/秒；运动10秒后甲、乙小车相距 0.5 米．【考点】速度公式及其应用．【分析】（1）根据s ﹣t 关系，求出甲乙的速度，然后根据甲乙的速度关系判断两物体的位置关系，再以甲或乙为参照物，判断乙或甲的运动状态．（2）根据v=求出甲10s 通过的路程，根据s ﹣t 关系图象分别找出乙在10s 通过的路程，最后求出6秒后甲乙的距离．【解答】解：（1）由图可求出，甲的速度v 甲===0.1m/s ，乙的速度v 乙===0.05m/s ，v 甲≠v 乙，行驶中，以甲为参照物，乙与甲之间的位置不断发生变化，因此是运动的；（2）根据v=可得甲10s 通过的路程=v 甲t=0.1m/s ×10s=1m ；由图可知乙10s 通过的路程为=0.5m ，水平地面上的甲、乙两小车同时同地沿同一直线做匀速直线运动，运动10秒后甲、乙小车相距﹣=1m ﹣0.5m=0.5m ． 故答案为：运动；0.1；0.5．13．通过某导体的电流为0.3安，10秒内电流做功为9焦，该导体两端的电压为 3 伏，这段时间内通过导体横截面的电荷量为 3 库，当该导体两端的电压变为6伏后，该导体的电阻为 10 欧．【考点】电功计算公式的应用；电量及其计算；欧姆定律的应用．【分析】知道通过某导体的电流和10秒内电流做功，根据W=UIt 求出导体两端的电压，根据Q=It 求出这段时间内通过导体横截面的电荷量，根据欧姆定律求出导体的电阻，电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关．【解答】解：由W=UIt 可得，该导体两端的电压：U===3V ，由I=可得，这段时间内通过导体横截面的电荷量：Q=It=0.3A×10s=3C，由I=可得，导体的电阻：R===10Ω，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当该导体两端的电压变为6伏后，该导体的电阻仍为10Ω不变．故答案为：3；3；10．14．在图中所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S后，正常情况下示数变大的电表有V1、V2、A（选填“V1”、“V2”、“A”），当电键S断开或闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，故障发生在电阻R1、R2上，其他元件仍保持完好．①电路中可能存在的故障是R2断路（或R1短路或R2断路且R1短路）．②用一个完好的小灯替换电阻R2后，小灯一定发光（选填“一定发光”或“可能发光”或“一定不发光”）【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【分析】首先分析电路连接类型及电流表与电压表所测量的物理量，根据开关闭合前后情况分析电表示数；①电路故障有两种情况：短路或断路．电流表示数变大，说明电路电阻减小，所以是某一电阻短路，根据电压表的变化判断短路之处；电流表示数减小为零，说明电路断路，若电压表示数不为零，则与电压表并联的电路断路；②根据电压表所测电路的变化及电压表的示数大小关系得出结论．【解答】解：分析电路图知，开关闭合前，两电压表和电流表均无示数，开关闭合后，两电阻串联，电压表V2测量电源电压，V1测R2两端的电压，示数均增大；①当电键S断开或闭合时，发现电压表V1、V2的示数始终相同，说明原来R2两端的电压等于电源电压，则原来与电压表并联的R2断路，或R1短路或R2断路且R1短路；②若是R2断路造成，若用完好的灯泡替换R2，便排除了断路问题，灯泡便会发光；若电路故障为R1短路，用灯泡代替后，小灯泡能够发光；若电路故障为R2断路且R1短路造成，用灯泡代替后，电路中只有灯泡一个用电器，小灯泡能够发光；若只有电压表示数变大，则R2断路，用小灯泡代替R2后，小灯泡能够发光；由上分析知，用一个完好的小灯替换R2后，小灯一定发光．故答案为：V1、V2、A；①R2断路（或R1短路或R2断路且R1短路）；②一定发光．15．为了对比研究实心球圆柱体和圆锥体对支撑面的压力作用效果，某同学选择了同种材料制成的高度相同，底面积不同的若干实心圆柱体和圆锥体，分成三组放置在水平细沙面上，其中每组的圆柱体与圆锥体的底面积相同，沙面的凹陷程度如图所示．①分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知物体的材料相同，高度和底面积相同，只是形状不同，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体和圆锥体，高度和底面积相同，圆柱体对水平支撑面的压力作用效果更明显．②分析比较图（a）或图（b）或图（c）可知物体的材料相同，高度相同，底面积大小有变化，但作用效果不变，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体（或圆锥体），高度相同，圆柱体（或圆锥体）对水平支撑面的压力作用效果与底面积大小无关．【考点】探究压力的作用效果跟什么因素有关的实验．【分析】本实验中，压力的作用效果是通过观察细沙的凹陷程度来反映出来的．压力的作用效果与压力的大小和受力面积的大小有关，在研究时应控制其中的一个量不变，只改变其中的一个量来观察作用效果的情况，也就是利用控制变量法来进行探究．结合图中的现象及相关因素可逐一做出分析．【解答】解：①分析比较图（a）或图（b）或图（c）可以看出，物体的材料相同，高度和底面积相同，只是形状不同，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体和圆锥体，高度和底面积相同，圆柱体对水平支撑面的压力作用效果更明显；②分析比较图（a）或图（b）或图（c）可以看出，物体的材料相同，高度相同，底面积大小有变化，但作用效果不变，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体（或圆锥体），高度相同，圆柱体（或圆锥体）对水平支撑面的压力作用效果与底面积大小无关．故答案为：①物体的材料相同，高度和底面积相同，只是形状不同，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体和圆锥体，高度和底面积相同，圆柱体对水平支撑面的压力作用效果更明显；②物体的材料相同，高度相同，底面积大小有变化，但作用效果不变，故可得出结论：同种材料制成的圆柱体（或圆锥体），高度相同，圆柱体（或圆锥体）对水平支撑面的压力作用效果与底面积大小无关．三、解答题（共3小题，满分7分）16．重为3牛的物体静止在水平地面上，用力的图示法在图中画出它受到的重力G．【考点】重力示意图．【分析】画重力的图示首先要明确重力的三要素，再确立一定的标度，然后从物体的重心开始，沿竖直向下的方向，画出力的大小．【解答】解：物体受到的重力的方向竖直向下，作用点在物体的重心，G=3N，选标度为1N，如图所示．。
上海市五三中学等五校联考中考物理3月模拟试题(含解析
2016年上海市五三中学等五校联考中考物理模拟试卷（3月份）一、选择题（共16分）1．在下列各星球中，属于卫星的是（）A．地球 B．月球 C．水星 D．太阳2．在下列生活和生产实例中，利用连通器原理工作的是（）A．气压计B．茶壶 C．温度计D．抽水机3．依据卢瑟福的原子行星模型理论，在原子中绕核高速旋转的是（）A．质子 B．中子 C．电子 D．核子4．下列不属于电功单位的是（）A．伏•库B．伏•安C．瓦•秒D．焦耳5．甲、乙两个实心正方体放在细沙面上，沙面凹陷程度如图所示，则（）A．甲的质量一定比乙大B．甲的质量一定比乙小C．甲的密度一定比乙大D．甲的密度一定比乙小6．关于电流、电压和电阻的关系，下列说法中正确的是（）A．导体的电阻与该导体两端的电压有关B．导体的电阻与通过该导体的电流有关C．对某一导体来说，导体中的电流与其两端的电压成正比D．对某一导体来说，导体的电阻与其两端的电压成正比7．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，能使电流表A示数变小的操作是（）A．将电阻R1与R2的位置互换B．将电阻R1与电压表V的位置互换C．将电流表A1与A的位置互换D．将电阻R2与电压表V的位置互换8．如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压强相等．若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分叠放在对方剩余部分上．它们对地面的压强为P甲′、P乙′，下列判断正确的是（）A．P甲′可能小于P乙′B．P甲′一定大于P乙′C．P甲′可能大于P乙′D．P甲′一定小于P乙′二、填空题(共25分）9．我国家用电视机正常工作的电压为伏，它与电冰箱是连接的（选填“串联”或“并联”）．家庭电路所消耗的电能是用测量的．10．冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的是0.9×103千克．当冰熔化成水时，质量将，体积将（选填“变小”、“不变”或“变大”）．11．著名的实验证明了大气压强的存在．托里拆利在玻璃管内装入较大的水银做实验测出大气压强的值，若换用水完成该实验，则需要玻璃管的长度（选填“减小”或“增大”）．12．如图所示，体积为1×10﹣3米3、密度为2×103千克/米3的物体A静止在水中，它的质量为千克，受到的浮力为牛，浮力与重力的合力的方向．13．某导体两端的电压为12伏，通过它的电流为0.6安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为库，其电阻为欧．当它两端的电压为6伏时，通过它的电流为安．14．学生在做奥斯特实验时有如下表达：（1）闭合电键，发现通电螺线管周围的小磁针发生偏转；（2）通电导线周围存在磁场（3）电流周围的磁场方向与电流的方向有关（4）改变电源正负值，发现小磁针的偏转情况与之前相比发生改变其中属于实验现象的是；属于实验结论的是．15．为了探究气体流动时压强大小的特点，小王将两纸片靠拢，纸片下端自然下垂，如图（a）所示．然后他向两纸片间慢速吹气，实验现象如图（b）所示，接着他快速吹气，实验现象如图（c）所示．①分析比较图可知：气体流动时，压强会变小．②分析比较图（b）和（c）可知：．16．在图所示的电路中，电源电压保持不变．灯L、电阻R可能出现了故障，闭合电键S后：①若灯L发光，则三个电表中示数一定大于零的是表．②若灯L不发光，则三个电表中示数可能等于零的是表．三、解答题（共6分）17．重为6牛的小球静止在水中，请用力的图示法在图中画出小球受到的浮力．18．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．四、计算题（共24分）19．一木块漂浮在水面上，其浸入水中的体积为2×10﹣4米3．求木块受到的浮力F浮．20．一间教室里有6盏60瓦的灯泡、平均每天用电5小时，倘若每天少开灯1小时，那么一个月（按30天计算）可节约多少度电？21．如图（a）所示，一个质量为1千克、底面积为3×10﹣2米2的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，且容器内盛有4×10﹣3米3的水．（1）求水面下0.1米深处水的压强p水．（2）若将另一个底面积为2×10﹣2米2、高度为0.3米的实心金属圆柱体A，缓慢竖直地浸入水中，如图（b）所示，求容器对水平地面的压强增大一倍时，圆柱体A底部所处深度h．22．在图1所示的电路中，电阻R1的阻值为5欧，滑动变阻器上标有“20Ω 2Α”字样．现有电压为6伏的电源一个，表盘如图2（a）、（b）所示的电流表、电压表各一个．①若在AB间接入电源，CD间接入电压表，闭合电键后，电压表示数为2伏，求通过电阻R1的电流I1和此时变阻器R2连入电路的阻值．②请选择一个电表，将电源和选择的电表接入AB、CD间，要求移动变阻器的滑片P时通过变阻器的电流变化量△I最大．（a）写出选择的电表及电表接入的位置．（b）求出通过变阻器的电流变化量的最大值△I最大．五、实验题(共19分）23．在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需用测出物体的质量，称量前先要调节使天平平衡，称量时砝码应放置在天平的盘．为了得到同种物质质量与体积的关系，他需要选取不同的同种材料的物体进行多次实验．24．在“用电流表、电压表测电阻”的实验中：（1）实验原理：．（2）实验器材：待测电阻、2节干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、和导线若干．（3）某同学设计记录表格如下，请在表格的空格处填上栏目、．（注意：用笔在答题纸上的表格空格处填上栏目）实验序号电压（伏）电流（安）1 / / / /2 / / /3 / / /25．小张、小王两同学学习了电流、电压和电阻知识后，发现电流与水管中的水流相似、电压与水压表相似．小张同学提出：导体对电流的阻碍作用可能与水管对水流阻碍作用相似．随后小王同学便提出：导体的电阻可能跟导体的长度、横截面积有关．为了研究导体的电阻与哪些因素有关，他们设计了如图所示的电路，且在常温下选用手头拥有的长度、横截面积不同的铝丝接入电路的MN两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，将数据记录在表一、表二中．表一铝丝．实验序号长度l（米）横截面积s（毫米2）电阻R（欧）1 0.1 0.1 0.0282 0.2 0.4 0.0143 0.45 0.3 0.042表二铝丝实验序号长度l（米）横截面积S（毫米2）电阻R（欧）4 0.1 0.2 0.0145 0.2 0.2 0.0286 0.3 0.2 0.042①分析比较实验序号1与4或2与5可得出的定性结论是：常温下，铝丝长度相同，铝丝的横街面积越小，电阻越．②分析比较（选填“表一”或”表二“）的相关数据可得出的定量结论是：常温下，铝丝横街面积相同时，铝丝的电阻与长度成比（选填”正”或“反”）．③请进一步综合分析表一、表二的相关数据，并归纳得出结论．（a）分析比较（1与5）、（2与4）或（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，铝丝长度比横街面积的相同，电阻相同．（b）分析比较（1与5）、（2与4）和（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，．④他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与材料的关系．为了进一步探究导体的电阻与材料的关系，需添加的器材为（选填“导体甲”、“导体乙”、“导体丙”）．器材：导体甲长度为0.2米、横截面积为0.2毫米2的铝丝导体乙长度为0.2米、横截面积为0.4毫米2的镍铬合金丝导体丙长度为0.45米，横截面积为0.3毫米2的康铜丝．26．在“测定小灯泡的电功率”实验中，小红同学所用电源电压不变，小灯标有“2.5V”字样．她正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键时，电压表、电流表的示数分别为1.3伏和0.16安．然后她将滑动变阻器的滑片移动到中点位置时，发现小灯正常发光．接着她将滑片移动到另一端，发现小灯闪亮一下熄灭了，此时电流表的示数为安，而电压表的示数如图（a）所示．于是她更换电压表量程，发现电压表的示数如图（b）所示，则电源电压为伏，滑动变阻器的最大阻值为欧，小灯的额定功率为瓦．2016年上海市五三中学等五校联考中考物理模拟试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（共16分）1．在下列各星球中，属于卫星的是（）A．地球 B．月球 C．水星 D．太阳【考点】人类探究太阳系及宇宙的历程．【分析】解答本题应掌握：能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太阳系里的八大行星．【解答】解：地球、水星为围绕太阳转动的行星；太阳能够发光发热，是离我们最近的恒星；而月球是地球的一颗卫星；故选B．【点评】本题考查对恒星、行星及卫星的认识，属于基础内容．2．在下列生活和生产实例中，利用连通器原理工作的是（）A．气压计B．茶壶 C．温度计D．抽水机【考点】连通器原理．【专题】应用题；比较思想；归纳法；压强、液体的压强．【分析】连通器：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．【解答】解：A、气压计是利用大气压随着高度的增加而减小的原理制成的；B、茶壶的上端开口，底部连通，是利用连通器的原理来工作的；C、温度计是利用液体的热胀冷缩来工作的；D、抽水机是利用大气压来工作的．故选B．【点评】此题考查的是连通器在生活中的应用．这就要求我们平时要多观察、多思考．3．依据卢瑟福的原子行星模型理论，在原子中绕核高速旋转的是（）A．质子 B．中子 C．电子 D．核子【考点】原子的核式模型．【专题】定性思想；推理法；粒子与宇宙、材料世界．【分析】根据α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子行星模型理论，他认为原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核上，带负电的电子在原子核外绕核做圆周运动，据此回答问题．【解答】解：卢瑟福的原子行星模型理论中正电荷集中在原子核，带负电的电子在原子中绕核高速旋转．故选C．【点评】本题考查了原子结构的知识，考查是基础知识，记住卢瑟福的原子行星模型理论即可答题，是一道基础题．4．下列不属于电功单位的是（）A．伏•库B．伏•安C．瓦•秒D．焦耳【考点】电功．【专题】定性思想；推理法；电能和电功率．【分析】电功、电能有主单位、常用单位和由公式得出的单位，本题考查对电功单位的认识．必要时结合相关公式可做出判断．【解答】解：A、根据W=UIt=UQ可知，电压与电量单位的乘积，即伏•库也是电功的单位，不合题意；B、由公式P=UI可知，伏•安是电功率的单位，不是电功的单位，符合题意；C、根据公式W=Pt可知，瓦•秒是电功的单位，不合题意；D、焦耳是电功的国际单位，不合题意．故选B．【点评】电能、电功的单位：焦耳（J）﹣主单位，千瓦时或度（kW•h）﹣常用单位，瓦•秒（W•s）﹣由W=Pt得出的单位，伏•安•秒（V•A•s）﹣由W=UIt得出的单位．5．甲、乙两个实心正方体放在细沙面上，沙面凹陷程度如图所示，则（）A．甲的质量一定比乙大B．甲的质量一定比乙小C．甲的密度一定比乙大D．甲的密度一定比乙小【考点】压强．【专题】压强、液体的压强．【分析】压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越大；在压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显．【解答】解：由图可知，乙图的受力面积比较小，如果甲乙的压力相同时，那么应该是乙的作用效果越显著，但是图中明显显示甲图的作用效果明显，这说明甲图的压力大，因此甲的正方体的质量一定比乙大．故选A．【点评】掌握压力作用效果的影响因素，利用控制变量法和转换法探究压力作用效果的影响因素．6．关于电流、电压和电阻的关系，下列说法中正确的是（）A．导体的电阻与该导体两端的电压有关B．导体的电阻与通过该导体的电流有关C．对某一导体来说，导体中的电流与其两端的电压成正比D．对某一导体来说，导体的电阻与其两端的电压成正比【考点】欧姆定律．【专题】欧姆定律．【分析】欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比．也就是说在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比．而电阻是导体本身的一种性质，与导体的电压与电流无关．【解答】解：A、B、电阻是导体本身的一种性质，与导体的长度、材料、横截面积有关，而与导体的电压与电流无关．故AB说法错误；C、由欧姆定律可知，对某一导体来说，导体中的电流与其两端的电压成正比，故C说法正确；D、对某一导体来说，导体的电阻与导体的长度、材料、横截面积有关，而与导体的电压无关．故D 说法错误．故选C．【点评】本题考查了电阻的性质、欧姆定律内容的理解和掌握．要知道电流跟电压成正比，电流跟电阻成反比都是有条件的．7．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，能使电流表A示数变小的操作是（）A．将电阻R1与R2的位置互换B．将电阻R1与电压表V的位置互换C．将电流表A1与A的位置互换D．将电阻R2与电压表V的位置互换【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律．【分析】根据电路图可知，电阻R1与R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过电阻R1的电流，根据并联电路电流的特点进行分析解答．【解答】解：因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，要使电流表A示数变小，则A、将电阻R1与R2的位置互换后，干路电流不变，则电流表A的示数不变；故A不符合题意；B、将电阻R1与电压表V的位置互换后，支路电流不变，则干路电流也不变，即电流表A的示数不变；故B不符合题意；C、将电流表A1与A的位置互换后，电流表A由测量干路电流变为测量支路电流，故C符合题意；D、将电阻R2与电压表V的位置互换后，支路电流不变，则干路电流也不变，即电流表A的示数不变；故D不符合题意．故选C．【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路电流的规律即可正确解题．8．如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压强相等．若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分叠放在对方剩余部分上．它们对地面的压强为P甲′、P乙′，下列判断正确的是（）A．P甲′可能小于P乙′B．P甲′一定大于P乙′C．P甲′可能大于P乙′D．P甲′一定小于P乙′【考点】压强大小比较．【专题】应用题；比较思想；压强、液体的压强．【分析】柱体对地面的压强p====ρgh，根据其判断压强的变化情况．【解答】解：把甲、乙均分为两部分，甲最初对地面的压强p甲=﹣﹣﹣①乙最初对地面的压强p乙=﹣﹣﹣②由于它们均为实心正方体，且对地面的压强相等，设它们的边长分别为a、b．可得ρ甲ga=ρ乙gb甲切去部分的重G甲切=ρ甲gV甲切=ρ甲ga2h﹣﹣﹣③同理乙切去部分的重G乙切=ρ乙gb2h﹣﹣﹣④③：④有==＞1可得G甲切＞G乙切﹣﹣﹣﹣⑤将切去部分放置在对方剩余部分的上表面，则此时甲的整体产生的压强p甲′=﹣﹣﹣⑥此时乙的整体产生的压强p乙′=﹣﹣﹣⑦由①⑤⑥可知，p甲′＜p甲﹣﹣﹣⑧由②⑤⑦可知，p乙′＞p乙﹣﹣﹣⑨而最初甲乙对地面压强相等，结合⑧⑨可知，p甲′＜p乙′．故选D．【点评】本题主要考查了压强大小的判断，关键要掌握压强的计算公式，特别是柱体物体对支持面的压强公式应用，在分析过程中要注意改变的量和相等的量，要细心分析．二、填空题(共25分）9．我国家用电视机正常工作的电压为220 伏，它与电冰箱是并联连接的（选填“串联”或“并联”）．家庭电路所消耗的电能是用电能表测量的．【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；串联电路和并联电路的辨别；电功的测量．【专题】应用题；电流和电路；电能和电功率；电与热、生活用电．【分析】我国家用电器的额定电压是220V．各家用电器之间都是并联的，用电器可能正常工作，并且各用电器之间互不影响．电能表是测量电路消耗电能的仪表，电能表俗称电表．【解答】解：电视机是家用电器，额定电压是220V．电视机和电冰箱都是家用电器，两者之间是并联的，工作时互不影响．家庭电路所消耗的电能是用电能表测量的．．故答案为：220；并联；电能表．【点评】掌握家庭电路中各用电器之间的连接方法，开关控制用电器时，开关和用电器的连接方法．同时了解家庭电路电压、电能表的作用等，属电学常识．10．冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9×103千克．当冰熔化成水时，质量将不变，体积将变小（选填“变小”、“不变”或“变大”）．【考点】密度及其特性；密度公式的应用．【专题】密度及其应用．【分析】密度的物理意义是表示单位体积某种物质的质量；质量是指物体含有物质的多少．它是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．【解答】解：冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9×103千克；质量是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．故冰熔化成水后，状态改变了，质量不变．根据公式ρ=，可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小．故答案为：质量；不变；变小．【点评】此题考查学生对密度和质量的理解与应用．11．著名的马德堡半球实验证明了大气压强的存在．托里拆利在玻璃管内装入密度较大的水银做实验测出大气压强的值，若换用水完成该实验，则需要增大玻璃管的长度（选填“减小”或“增大”）．【考点】大气压强的测量方法；大气压强的存在．【专题】气体的压强、流体压强与流速的关系．【分析】（1）能够证明大气压存在的实验有很多，但只要提到著名和首先的实验，那就确定了是哪一个．（2）首先测定大气压强值的是意大利物理学家托里拆利，他用实验测出了一个标准大气压可以支持760mm高的水银柱．（3）玻璃管内水银柱产生的压强等于大气压强，P大气=P水银=ρ水银gh，根据此公式计算出换成水后水柱的高度得出正确结论．【解答】解：（1）最早证明大气压存在的，并且最著名的实验是马德堡市的市长奥托格里克做的马德堡半球实验．（2）首先测定大气压强值的是意大利物理学家托里拆利做的实验﹣﹣托里拆利实验，他选用密度较大的水银进行实验，测出一个标准大气压能够支持0.76米高的水银柱，即一个标准大气压相当于0.76米高水银柱产生的压强，其大小为1.01×105Pa．如果换用水来做，则玻璃管的长度至少为：h===10.31m因此需要增大玻璃管的长度．故答案为：马德堡半球；密度；增大．【点评】马德堡半球实验和托里拆利实验是学习大气压强中遇到的两个最著名的实验，在物理学史上有着重要的意义，是中考的热点内容．12．如图所示，体积为1×10﹣3米3、密度为2×103千克/米3的物体A静止在水中，它的质量为 2 千克，受到的浮力为9.8 牛，浮力与重力的合力的方向竖直向下．【考点】密度公式的应用；力的合成与应用；浮力大小的计算．【专题】密度及其应用；运动和力；浮力．【分析】（1）已知物体的密度和体积，利用密度公式变形可求得其质量，物体完全浸没后，所受浮力根据公式F浮=ρgV排可求．浮力方向是竖直向上的；（2）合力方向与较大的力的方向相同．【解答】解：∵ρ=，∴m=ρV=2×103kg/m3×1×10﹣3m3=2kg；所受浮力F浮=ρgV排=1000kg/m3×9.8N/kg×1×10﹣3m3=9.8N，浮力方向是竖直向上的；∵G=mg=2kg×9.8N/kg=19.6N，合力方向与较大的力的方向相同；∴合力方向是竖直向下的．故答案为：2；9.8；竖直向下．【点评】本题考查物体所受浮力大小的计算以及所受合外力情况，要掌握：同一直线上力的合成方法：当两力在同一直线上，方向相反时，合力等于二力之差、方向与较大的力的方向相同．13．某导体两端的电压为12伏，通过它的电流为0.6安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为 6 库，其电阻为20 欧．当它两端的电压为6伏时，通过它的电流为0.3 安．【考点】电量及其计算；欧姆定律的变形公式．【专题】电流和电路；欧姆定律．【分析】已知电流与通电时间，由电流定义式的变形公式可以求出电荷量；已知电压与电流，由欧姆定律可以求出电阻阻值；已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出电流．【解答】解：∵I=，∴电荷量：q=It=1.6A×10s=6C；∵I=，∴电阻阻值：R===20Ω；电压为6V时，通过电阻的电流：I′===0.3A；故答案为：6；20；0.3．【点评】本题考查了求电荷量、电阻与电流问题，应用电流的定义式、欧姆定律即可正确解题．14．学生在做奥斯特实验时有如下表达：（1）闭合电键，发现通电螺线管周围的小磁针发生偏转；（2）通电导线周围存在磁场（3）电流周围的磁场方向与电流的方向有关（4）改变电源正负值，发现小磁针的偏转情况与之前相比发生改变其中属于实验现象的是（1）（4）；属于实验结论的是（2）（3）．【考点】通电直导线周围的磁场．【专题】应用题；磁现象、电生磁．【分析】实验现象是通过做实验能直接观察到的现象；而实验结论是通过实验现象总结出来的一般性的规律．【解答】解：（1）闭合电键，发现通电螺线管周围的小磁针发生偏转，即这是实验现象；（2）通电导线周围存在磁场，这是通过实验现象得出的结论；（3）电流周围的磁场方向与电流的方向有关，即是通过实验现象得出的结论；（4）改变电源正负值，发现小磁针的偏转情况与之前相比发生改变，这是实验现象．故属于实验现象的是（1）（4）；属于实验结论的是（2）（3）；故答案为：（1）（4）；（2）（3）．【点评】知道并理解实验现象和实验结论的区别是解决该题的关键．15．为了探究气体流动时压强大小的特点，小王将两纸片靠拢，纸片下端自然下垂，如图（a）所示．然后他向两纸片间慢速吹气，实验现象如图（b）所示，接着他快速吹气，实验现象如图（c）所示．①分析比较图a、b（或a、c）可知：气体流动时，压强会变小．②分析比较图（b）和（c）可知：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．【考点】流体压强与流速的关系．【专题】气体的压强、流体压强与流速的关系．【分析】根据流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．解决此题的关键是要明确向两张纸中间吹起时，两纸中间气体流速与外侧气体流速不同．【解答】解：a图，未吹气时，两纸片内外侧气体流速相同，压强相等，纸片自然下垂；当向中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小．纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小；c图比b图气体流速更快，纸片靠拢得更近，说明流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．故答案为：a、b（或a、c）；流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．【点评】抓住实验现象的本质，分析产生现象的原因是解题的关键．本题的解题关键是找出向两张纸中间吹气时，两张纸中间和外侧空气流速特点．16．在图所示的电路中，电源电压保持不变．灯L、电阻R可能出现了故障，闭合电键S后：①若灯L发光，则三个电表中示数一定大于零的是电流，电压表V2表．②若灯L不发光，则三个电表中示数可能等于零的是电压表V1和电流表．【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】欧姆定律．。
上海市2016年中考物理真题试卷(含答案)
2016年上海市中考物理试卷姓名：__________班级：__________考号：__________题号一二三四五总分评分一、选择题（每小题2分，共16分）1．下列粒子中，带负电的是（）A．电子B．中子C．质子D．核子2．我们能分辨女高音、女中音，这主要是根据声音不同的（）A．响度B．音调C．音色D．振幅3．在四冲程汽油机工作过程中，将内能转化成机械能的冲程是（）A．吸气冲程B．压缩冲程C．做功冲程D．排气冲程4．下列各种单色光中，属于三原色光之一的是（）A．紫光B．红光C．橙光D．黄光5．汽车发动机常用水做冷却剂，主要是因为水的（）A．比热容较大B．比热容较小C．密度较大D．密度较小6．某凸透镜的焦距为10厘米，若物体在光屏上所成的像离该透镜的距离大于30厘米，则物体离该透镜的距离可能为（）A．3厘米B．13厘米C．23厘米D．33厘米7．将重为G的物体挂于测力计下，使它们以大小为v1的速度向上做匀速直线运动，后以大小为v2的速度向下做匀速直线运动，且v1＞v2．已知前后两次测力计的示数分别为F1、F2，若不计空气阻力，则（）A．F1可能大于G B．F2可能小于GC．F1一定大于F2D．F1一定等于F28．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，电键S1、S2均闭合．当电键S2由闭合到断开时，电路中（）A．电压表V的示数变小B．电流表A1的示数变大C．电压表V示数与电流表A示数的比值变大D．电压表V示数与电流表A示数的乘积变大二、填空题（共23分）9．家庭电路中，电视机与电灯是的（选择“串联”或“并联”）；电灯工作时消耗的是能；额定功率为0.5千瓦的用电器正常工作3小时，耗电度．10．如图所示，小明踢球时，球向上飞出，此现象主要表明力可以改变物体的（选择“运动状态”或“形状”）；以地面为参照物，球在上升过程中是的（选填“运动”或“静止”），其重力势能（选．填“增大”、“不变”或“减小”）11．一壶水在炉火上加热，水温升高，其内能（选填“增大”、“不变”或“减小”），改变物体内能两种方式，这是通过方式改变其内能的.2千克的水温度升高10℃，水吸收的热量为焦．[c 3焦/（千克•℃）]．水=4.2×1012．某导体两端的电压为3伏时，10秒内通过导体横截面的电荷量为3库，通过该导体的电流为安，这段时间内电流做功为焦，该导体两端电压改变为6伏时，其电阻为欧．13．质量为5千克的物体受到重力的大小为牛、方向，若该物体的体积为2×10﹣3米3，浸没在水中时受到浮力的大小为牛．14．在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合电键S，发现只两个电表的指针发生偏转，已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅一个出现了故障①电路中的故障可能是；②接着，移动变阻器R2．的滑片P，只观察到一个电表的示数发生了改变，则故障一定是15．如表记录了干燥空气在不同气压和温度时的密度，请依据表中的相关数据回答问题：气压（帕）9330096000101000104000密度（千克/米3）温度（℃）5 1.17 1.20 1.27 1.3010 1.15 1.18 1.25 1.2815 1.13 1.16 1.23 1.2620 1.11 1.14 1.21 1.24①当温度为5℃、气压为104000帕时，干燥空气的密度为千克/米3．②干燥空气的密度与气压的关系是：．③通常情况下，某地区冬季的气压比夏季高，则该地区冬季干燥空气的密度夏季干燥空气的密度（选填“大于”、“等于”或“小于”）．三、作图题（共7分）16．在如图中，小球受到绳子的拉力F为2牛．用力的图示法画出拉力F．17．在图中，根据给出的入射光线AO画出反射光线OB，并标出反射角的度数．18．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．四、计算题（共26分）19．某物体做匀速直线运动，其s﹣t图象如图所示，求该物体的速度v．20．物体在30牛的水平拉力作用下沿拉力方向做匀速直线运动，5秒内前进了10米．求此过程中拉力做的功W和功率P．21．如图所示，柱形容器A和均匀柱体B置于水平地面上，A中盛体积为6×10﹣3m3的水，B受到的重力为250N，B的底面积为5×10﹣2m2．①求A中水的质量．②求B对水平地面的压强．③现沿水平方向在圆柱体B上截去一定的厚度，B剩余部分的高度与容器A中水的深度之比h B′：h水为2：3，且B剩余部分对水平地面的压强等于水对容器A底部的压强，求B的密度ρB．22．在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，电压表的示数为1伏，电流表的示数为0.1安．①求电阻R1的阻值．②在移动变阻器R2滑片P的过程中，当电阻R1两端的电压分别为U0、8U0时，变阻器R2的电功率相等，求电源电压U．五、实验题（共18分）23．实验室中，常用天平来测量物体的，测量时应将砝码放在天平的盘内．在如图中，弹簧测力计的量程为牛，读数为牛．24．在“探究杠杆平衡的条件”实验中，需记录动力、动力臂和阻力臂，为便于直接在杠杆上读出力臂的数值，应使杠杆在位置保持平衡．在“探究平面镜成像的特点”实验中，为了能够找到（选填“实”或“虚”）像的位置，采用作为平面镜．25．为了研究圆柱体浸入水的过程中水对容器底部的压强情况，某小组同学选用高度H、底面积S均不同的圆柱体A和B进行实验．如图所示，他们设法使圆柱体A逐步浸入水中，测量并记录其下表面到水面的距离h及水对容器底部的压强p，接着仅换用圆柱体B重新实验，并将全部实验数据记录在表一中（实验中容器内水均未溢出）．表一：圆柱体实验序号h（米）p（帕）圆柱体实验序号h（米）p（帕）AH为0.4米S为0.03米2107000BH为0.3米S为0.05米2707000 20.10720080.127400 30.20740090.187600 40.407800100.247800 50.507800110.308000 60.607800120.408000（1）分析比较实验序号数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，当h＜H时，p随h的增大而增大．（2）分析比较实验序号4、5与6或11与12数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，．（3）由实验序号3与8或4与10的数据及相关条件，发现两圆柱体浸入水的过程中，存在h不同而p相同的现象．若用圆柱体A、B进一步实验，请在表二中填入拟进行实验的数据，使每一组实验中水对容器底部的压强p相同．表二实验组号h A（米）h B（米）第Ⅰ组0.10第Ⅱ组0.1826．小华同学做“用电流表、电压表测电阻”实验，现电源（电压为2伏的整数倍且保持不变）、待测电阻R、电流表、电压表（只0﹣3伏档完好）、滑动变阻器（标“20Ω2A”字样）、电键以及导线若干．实验中，小华正确连接断路，且使变阻器接入电路中的电阻最大，闭合电键时电表示数如图（a）、（b）所示．小华的实验记录实验序号电压表示数（伏）电流表示数（安）1 1.40.302……3……①通过计算说明实验所用电源的电压．②小华移动变阻器的滑片，观察到电表示数变化范围较小．然后他调整了电表的接入位置重新实验：（a）根据图中电表的示数等信息判断，在闭合电键时能否使变阻器接入电路中的电阻最大，并简述理由．（b）根据小华重新实验中所记录的一组数据（见表），计算待测电阻R x的阻值（精确到0.1欧）．答案解析部分1．【答案】A【解析】【解答】解：由原子结构的相关知识可知：原子是由带负电的电子和原子核组成的，原子核又是由带正电的质子和不带电的中子构成的．所以原子中带负电的粒子是电子．故选A．【分析】据原子结构的相关基础知识可以确定带负电的微粒是哪一个．加强对基础知识的记忆，对于解决此类识记性的基础题目非常方便．2．【答案】B【解析】【解答】解：女高音和女中音不同的主要是音调，是由于声带振动的频率不同引起的．故选B．【分析】解决此题的关键是要知道声音的响度与声源振动的幅度关，振动幅度越大，响度越大；音调的高低与发声体振动快慢关，物体振动越快，音调就越高；发声体不同发出声音的音色一般不同．本题考查声音的特征，解决此类问题要结合声音的音调和响度、音色定义进行分析．3．【答案】C【解析】【解答】解：在做功冲程中，两个气门关闭，活塞下行带动曲轴转动做功，气体的内能转化为机械能；故选：C．【分析】汽油机的四个冲程中只两个冲程伴随能量的转化．压缩冲程中活塞向上运动，汽油和空气的混合物被压缩，内能增大，温度升高，活塞运动的动能转化为混合气体的内能；做功冲程中，火花塞冒出电火花，将混合气体点燃，混合气体剧烈燃烧，产生高温高压的燃气，推动活塞运动，燃气的内能转化为活塞运动的动能．内燃机属于热机，热机就是利用内能来工作的机械，将内能转化为机械能．内燃机中涉及到的能量转化是经常考查的知识点，需要引起注意．4．【答案】B【解析】【解答】解：用放大镜观察彩色电视画面，可以发现是由红、绿、蓝三种色光混合而成的，因此红、绿、蓝被称为色光的三原色．故选B．【分析】彩色电视机荧屏上呈现各种颜色是由红绿蓝三色色光合成的，红、绿、蓝三种色光叫色光的三原色．光的三原色需要牢固记忆和掌握；色光的三原色和颜料的三原色容易混淆，要正确区分．5．【答案】A【解析】【解答】解：汽车发动机工作时产生大量热量，这些热量如果不迅速转移，就可能损害发动机，因此利用水的比热容大的特点把这些热迅速吸收，使发动机的温度不致升得太高．故选A．【分析】本题考查了水的比热容较大的应用，知道在生活中的现象和应用，要求学生牢固掌握并会解释．水的比热容较大，质量相同的水和其它液体相比较，升高相同的温度时，吸收的热量多；吸收或放出相同的热量时，温度变化较小，因此常用来做冷却剂、取暖剂、防冻剂等．6．【答案】B【解析】【解答】解：凸透镜的焦距为10厘米，像距v=30cm＞2f=2×10cm，则物体离该透镜的距离2f＞u＞f，即20cm＞u＞10cm，所以u=13cm符合题意．故选B．【分析】（1）凸透镜成像的三种情况：u＞2f，成倒立、缩小的实像，2f＞v＞f.2f＞u＞f，成倒立、放大的实像，v＞2f．u＜f，成正立、放大的虚像．（2）实像用光屏能接到，虚像用光屏呈接不到．掌握凸透镜成像的三种情况和应用．由物距和焦距的关系，通过解不等式能确定焦距或物距．7．【答案】D【解析】【解答】解：物体两次都做匀速直线运动，拉力等于重力，由于物体的重力相同，因此拉力相等，即F1=F2．故ABC错误，D正确．故选D．【分析】弹簧测力计拉着同一物体竖直向上运动时，竖下方向上物体受到拉力和重力作用，拉力和重力是一对平衡力．此题考查力与运动的关系，解答此类题目的关键是根据匀速直线运动的物体受到平衡力作用，利用平衡力条件判断拉力和重力大小关系．8．【答案】C【解析】【解答】解：当电键S1、S2均闭合时，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流；当电键S2断开时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，两电流表均测通过R1的电流，因电源电压保持不变，所以，电压表V的示数不变，故A错误；因并联电路中各支路独立工作、互不影响，所以，通过R1的电流不变，即电流表A1的示数不变，因并联电路中干路电流等于各支路电流之和，所以，干路电流变小，即电流表A的示数变小，则电压表V示数与电流表A示数的比值变大，电压表V示数与电流表A示数的乘积变小，故C正确、D错误．故选C．【分析】当电键S1、S2均闭合时，R1与R2并联，电压表测电源的电压，电流表A测干路电流，电流表A1测R1支路的电流；当电键S2断开时，电路为R1的简单电路，电压表测电源的电压，两电流表均测通过R1的电流，根据电源的电压可知电压表示数的变化，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R1电流的变化，根据并联电路的电流特点可知干路电流的变化，然后判断选项得出答案．本题考查了电路的动态分析，涉及到并联电路的特点，分析好电键S2由闭合到断开时电路连接方式的判断和电表所测电路元件的辨别是关键．9．【答案】并联；电；1.5【解析】【解答】解：家庭电路中，电视机与电灯是互不影响的，所以是并联的关系；电灯工作时是电流做功的过程，也是消耗电能的过程；此时消耗的电能是：W=Pt=0.5kW×3h=1.5kW•h；故答案为：并联；电；1.5；【分析】（1）并联电路中的用电器是互不影响的．（2）电流做功的过程就是消耗电能的过程；（3）据公式W=Pt 计算即可得到电能．此题考查了家庭电路的连接、电能和电能的计算等知识点，是一道综合题；10．【答案】运动状态；运动；增大【解析】【解答】解：（1）在力的作用下，球向上飞出过程中，运动方向和速度都发生了变化，也就是力改变了球的运动状态；（2）球在上升过程中，以地面为参照物，球与地面的位置发生了变化，所以球是运动的；（3）球向上运动的过程中，质量不变，速度减小、动能减少；但所处高度增加、重力势能增大．故答案为：运动状态；运动；增大．【分析】（1）力的作用效果是改变物体的形状和改变物体的运动状态；物体运动状态的改变指：物体方向的改变和物体速度的改变；（2）若物体的位置相对于所选择的参照物发生了变化，我们就说物体是运动的，若是位置没变化就说物体是静止的；（3）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度．质量越大，高度越高，重力势能越大．此题考查力的作用效果，是力学的基础知识；利用物体运动和静止的相对性来判断物体是运动还是静止；我们可以从影响能量大小的因素来分析能量的变化．11．【答案】增大；热传递；8.4×104【解析】【解答】解：当物体的状态和质量均不变时，温度升高，内能增加；因此一壶水在炉火上加热，水温升高，其内能增大；该过程是通过热传递改变水的内能的；水吸收的热量：Q=cm（t﹣t0）=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×10℃=8.4×104J．故答案为：增大；热传递；8.4×104．【分析】（1）内能与物体的质量、温度以及状态关；（2）改变物体内能两种方法，一是做功，二是热传递，做功是能量的转化，而热传递是能量的转移；（3）已知水的比热容、质量和升高的温度，可利用公式Q=cm△t 计算水吸收的热量．本题考查了学生对内能、改变内能的方式及吸热公式Q=cm△t的掌握和运用，难度不是很大．12．【答案】0.3；9；10【解析】【解答】解：通过该导体的电流：I==310=0.3A；由I=可得，导体的电阻：R==30.3=10Ω；电流做的功：W=UIt=UQ=3V×3C=9J；因为导体的电阻与材料、长度以及横截面积关，与导体两端电压以及通过的电流无关，因此当导体两端电压改变为6伏时，其电阻仍为10Ω．故答案为：0.3；9；10．【分析】已知10秒内通过某导体横截面的电荷量，根据I=求出通过的电流，根据欧姆定律求出导体的电阻，再根据W=UIt=UQ求出电流做的功．本题考查了电流的定义式和欧姆定律、电功公式的灵活应用，是一道基础题目．13．【答案】49；竖直向下；19.6【解析】【解答】解：①物体的重力：G=mg=5kg×9.8N/kg=49N，方向竖直向下；②它浸没在水中时受到的浮力：F浮=ρ水gV排=ρ水gV=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×2×10﹣3m3=19.6N．故答案为：49；竖直向下；19.6．【分析】①利用G=mg计算物体的重力，重力的方向总是竖直向下的；②物体浸没在水中时，排开水的体积等于其自身体积，根据阿基米德原理求出物体浸没时受到的浮力．本题考查重力、浮力的计算，要注意物体浸没时排开液体的体积和自身的体积相等．14．【答案】R1开路或R1短路；R1短路．【解析】【解答】解：①若电阻R1开路，两个电压表的正负接线柱通过变阻器、导线接在电源正负极上，电压表示数；电压表的电阻无限大，使得电路中的电流为0，电流表无示数，两个表示数；若电阻R1短路，电压表V1无示数；电压表V通过导线接在电源上，电流表测量通过变阻器的电流，二者都示数，两个表示数；若滑动变阻器开路，电压表V1无示数，电流表无示数；电压表V的正负接线柱通过导线接在电源正负极上，电压表示数，只一个表示数；若滑动变阻器短路，两个电压表测量的都电源的电压，都示数；电流表测量的是通过电阻R1的电流，也示数，三个表都示数；综上，电路中的故障可能是电阻R1开路或若电阻R1短路；②若电阻R1开路，电压表与变阻器串联，电压表V1示数始终接近电源电压，电流表无示数，电压表V为电源电压不变；若R1短路，电压表V1示数为0，电压表V示数为电源电压，而电压表测通过变阻器的电流，当移动R2滑片P时，由欧姆定律，电流表示数发生变化．所以，移动变阻器R2的滑片P，只观察到一个电表的示数发生了改变，则故障一定是R1短路．故答案为：①R1开路或R1短路；②R1短路．【分析】已知电阻R1、滑动变阻器R2中仅一个出现了故障，分别列举可能出现的4种情况：电阻R1开路；电阻R1断路；滑动变阻器开路；滑动变阻器短路，所发生的现象与题目对比，符合的即为可能出现的故障．本题根据题目列举可能的所故障，根据可能出现的现象与题目比较，相符合的即为可能的故障．同学们要学会这种推理方法．15．【答案】1.30；气压越大，密度越大；大于【解析】【解答】解：由实验数据知，①当温度为5℃、气压为104000帕时，干燥空气的密度为1.30千克/米3；②当温度一定时，随气压的增大，空气密度逐渐增大，所以干燥空气的密度与气压的关系是：气压越大，密度越大③当气压一定时，温度越高，空气密度越小；反之，温度越低，气压越大．所以该地区冬季干燥空气的密度大于夏季干燥空气的密度．故答案为：①1.30；②气压越大，密度越大；③大于．【分析】空气的密度受气压、温度的影响明显，对数据进行分析后回答相关问题．此题考查的是我们对数据的分析能力和对气体密度影响因素的掌握，属于基本技能和规律的考查．分析环节不复杂，难度不大．16．【答案】【解析】【解答】解：可设标度为1N．小球受拉力的作用点在绳与球相连处，并且方向沿绳向上，大小为2N．【分析】要解决此题需要掌握力的图示的画法：将力的大小、方向、作用点表示在图上．在画力的图示时，一定要注意画出标度．此题主要考查了力的图示的画法，解决此题的关键是确定力的三要素．17．【答案】【解析】【解答】解：由图可知，入射角等于50°，根据光的反射定律可知，反射角也等于50°；图中法线已画出，根据反射角等于入射角，然后在法线右侧画出反射光线OB，并标明反射角的度数．如图所示：【分析】①根据反射定律：反射光线、入射光线和法线在同一平面内，反射光线、入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角，作出反射光线并标出反射角．②要掌握入射角和反射角的概念：入射角是入射光线与法线的夹角；反射角是反射光线与法线的夹角．1118．【答案】【解析】【解答】解：螺线管的左端为S极，右端为N极，磁感线从磁体的N极出发，回到S极，所以可以确定螺线管周围磁场的方向是从右向左的．根据螺线管的右端为N极，以及线圈的绕向利用安培定则可以确定螺线管中电流是从螺线管的左端流入右端流出．根据电流方向与电源正负极之间的关系：在电源外部电流从正极流出，回到负极，可以确定电源的右端为负极，左端为正极．如图所示：【分析】利用螺线管的左端为N极，结合磁感线的特点可以确定磁感线的方向．利用线圈的绕向和螺线管的N、S极，结合安培定则可以确定螺线管中电流的方向，进一步可以得到电源的正负极．解决此题关键要抓住此题的突破口：螺线管的右端为N极．然后利用相关知识解决磁感线的方向、小磁针的N极、电源的正负极．19．【答案】由图可知，当t=6s时，物体通过的路程s=12m，则物体的速度：v==126=2m/s．答：该物体的速度v为2m/s．【解析】【分析】从s﹣t图象中任意读出某一时间对应的路程或某一路程对应的时间，利用v=即可求解速度．此题考查速度的计算，关键是能够读懂图象，并从图象中获取相关数据加以计算，是一道较为简单的计算题．20．【答案】解：拉力做的功：W=Fs=30N×10m=300J，拉力的功率：P==3005=60W．答：此过程中拉力做的功为300J，功率为60W．【解析】【分析】知道水平拉力的大小和前进的距离，根据W=Fs求出拉力做的功，根据P=求出功率的大小．本题考查了功和功率的计算，难度不大，是一道较为简单的计算题．21．【答案】解：①水的体积：V水=6×10﹣3m3，根据ρ=可得水的质量：m水=ρ水V水=1×103kg/m3×6×10﹣3m3=6kg；②B对水平地面的压力：F B=G B=250N，B对水平地面的压强：p B==2505×10−22=5000Pa；③剩余部分对地面的压强：p B′=''=K'=ρB gh B′，水对容器底的压强：p水=ρ水gh水，h B′：h水=2：3，因为B剩余部分对水平地面的压强等于水对容器A底部的压强，所以ρB gh B′=ρ水gh水，ρB=ℎ水ℎ'ρ水=32ρ水=32×1×103kg/m3=1.5×103kg/m3．答：①A中水的质量为6kg；②B对水平地面的压强为5000Pa；③B的密度为121.5×103kg/m3．【解析】【分析】本题考查密度公式的应用、压强的大小计算，难点在（3），这是典型的柱状固体的压强问题，要根据已知条件，灵活选用压强计算式p=和p=ρgh（适用于实心柱体对支撑面的压强）进行分析解答．22．【答案】解：①由图知，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表测R1两端电压，由I=可得R1的阻值：R1=11=10.1=10Ω；②由串联电路的电压特点知，当电阻R1两端的电压分别为U0时，滑动变阻器R2两端的电压：U2′=U﹣U1′=U﹣U0，电流：I2′=I1′='11=01，同理，当电阻R1两端的电压分别为8U0时，滑动变阻器R2两端的电压：U2″=U﹣U1″=U﹣8U0，电流：I2″=I1″=1''1=801，两次变阻器R2的电功率相等，由P=UI：U2′I2′=U2″I2″，即：（U﹣U0）01=（U﹣8U0），01解得：U=9U0．答：①电阻R1的阻值为10Ω；②电源电压为9U0．【解析】【分析】①由图知，R1与R2串联，电流表测电路中电流，电压表测R1两端电压，由欧姆定律计算R1的阻值；②由串联电路特点、欧姆定律和电功率的计算公式，根据两次R2的电功率相等列式计算电源电压．本题考查了串联电路特点、欧姆定律和电功率公式的应用，属于一道中等题．23．【答案】质量；右；0～5；2.4【解析】【解答】解：实验室中，常用天平来测量物体的质量，测量时应将砝码放在天平的右盘内，把被测物体放在天平的左盘内．在如图中，弹簧测力计的量程为0～5牛，分度值为0.2N，其读数为2.4牛．故答案为：质量；右；0～5；2.4．【分析】了解天平的作用及基本使用规则；会观察弹簧测力计的量程、分度值，并根据指针位置读数，可直接做出解答．本题主要考查了对天平、弹簧测力计两种基本测量工具的了解及使用方法的掌握，属基本的实验技能．24．【答案】阻力；水平；虚；玻璃板【解析】【解答】解：（1）根据杠杆的平衡条件：F1L1=F2L2可知，在“探究杠杆平衡的条件”实验中，需记录动13力、动力臂、阻力和阻力臂；为了在杠杆上直接读出力臂大小，实验时应使杠杆在水平位置平衡；（2）平面镜所成的像不能用光屏承接，所以平面镜所成的像是虚像；在“探究平面镜成像的特点”实验中，用透明的玻璃板代替平面镜，在物体一侧，既能看到蜡烛A的像，也能看到代替蜡烛A的蜡烛B，便于确定像的位置．故答案为：阻力；水平；虚；玻璃板．【分析】（1）掌握杠杆平衡条件：F1L1=F2L2，据此确定需要测量的物理量；杠杆在水平位置平衡，力臂在杠杆上，便于在杠杆上直接读取力臂；（2）实像可以在光屏上承接到，而虚像则不能；探究平面镜成像实验中用透明的玻璃板代替平面镜，同时能看到成像物体的像和镜后和像对比的物体，便于确定像的位置，便于比较物像大小关系．此题考查了探究“杠杆的平衡条件”和“平面镜成像特点”实验中的注意事项，是中考的重点实验．25．【答案】（1）1、2、与3或7、8、9与10（2）当h≥H时，P不随h而变化（3）0.06；0.30【解析】【解答】解：（1）分析比较实验序号1、2与3或7、8、9与10数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，当h＜H时，p随h的增大而增大．（2）分析比较实验序号4、5与6或11与12数据中p和h的关系及相关条件，可得出的初步结论是：同一圆柱体浸入水的过程中，当h≥H时，P不随h的改变而改变；（3）由实验序号3与8或4与10的数据及相关条件，发现两圆柱体浸入水的过程中，h不同而p相同，序号3中，S A=0.03m2，A的下表面到水面的距离h A=0.20m，h A=0.03m2×0.20m=0.006m3；圆柱体A浸入水中的体积：V A浸=S A序号8中，S B=0.05m2，B的下表面到水面的距离h B=0.12m，h B=0.05m2×0.12m=0.006m3；圆柱体B浸入水中的体积：V B浸=S B比较可知，V A浸=V B浸，此时水对容器底部的压强p相等；同理，计算实验序号4与10中两圆柱体浸入水中的体积，也可以得到：当两圆柱体浸入水中的体积相等时，水对容器底部的压强p相等．根据上面的规律来计算表二中所缺的数据：第Ⅰ组，S A=0.03m2，S B=0.05m2，已知h A=0.10m，由上面的规律可知，当水对容器底部的压强p相等时，需满足S A h A=S B h B；所以，h B=ℎ=0.1H0.0320.052=0.06m；第Ⅱ组，S A=0.03m2，S B=0.05m2，已知h B′=0.18m，由上面的规律可知，当水对容器底部的压强p相等时，需满足S A h A′=S B h B′，所以，h A′=ℎ'=0.18H0.0520.032=0.30m．14。
2016年上海市上实集团联考中考物理模拟试卷和答案(3月份)
2016年上海市上实集团联考中考物理模拟试卷（3月份）一．选择题（每题2分，共16分）1．（2分）下列天体中，不属于太阳系八大行星的是（）A．木星B．冥王星C．天王星D．海王星2．（2分）在摄氏温标中，一个人正常的体温约为（）A．0℃B．4℃C．37℃D．100℃3．（2分）下列和声音有关的特征中，会受到距离影响的是（）A．响度B．音调C．音色D．都有关5．（2分）仅使用动滑轮提起重物，下列哪个目标是无法实现的（）A．省力B．省距离C．同时省力和省距离D．以上都不能实现6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两车同时分别从P点和Q 点出发，它们运动的s﹣t图象如图所示，由图象可知两车运动6秒之后（）A．甲、乙两车可能相距1.2米B．甲、乙两车一定相距7.2米C．甲、乙两车的位置可能重合D．甲、乙两车之间的距离一定只有4.8米和7.2米两种可能7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，当滑动变阻器滑片P从最左端向中点移动的过程中，电流表A和电流表A1的示数之比将会（）A．变大B．变小C．先变小，后变大 D．先变大，后变小8．（2分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上．容器甲足够高，并且S甲＜S乙，若将一物体A分别浸入在容器甲的水中、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量△p甲与圆柱体乙对水平地面压强的变化量△p乙之间的关系可能的是（）A．△p甲＞△p乙B．△p甲＜△p乙C．△p甲=△p乙D．以上三种情况都有可能发生二．填空题（每空1分，共23分）9．（3分）上海地区的家庭照明电路的电压是伏．一个灯泡上标有“220V 40W”的字样，其中“40W”的物理意义是，1度电可以供这个灯泡使用小时．10．（3分）蒸汽弹射器是航空母舰上的飞机起飞装置，一般通过航母动力装置产生高温高压的蒸汽，并推动飞机帮助它在短距离内起飞．这说明力可以，在蒸汽推动飞机的过程中蒸汽的能转化为飞机的能．11．（3分）春季晴朗的晚上，小明躺在草地上仰望星空，观察满天繁星和月亮．以月亮为参照物小明是的（选填“静止”或“运动”）；月亮本身并不发光，小明能看见它是因为光的现象；地球上不同地点的人们都可以看到月亮是因为发生了的缘故．12．（3分）某导体两端电压为9V，通过它的电流是0.45A，那么30秒内该导体消耗的电功是焦；该导体的电阻是欧，若导体两端电压变为18V，在忽略温度变化的情况下，该导体的电阻是．13．（3分）如图所示，是某一艘船的吃水线，它表示船体浸没在水面以下的深度．若在某个冬季的早晨，该船停泊在长江中的宝杨路码头卸货，吃水深度是5m，那么此时船底受到的水的压强是帕（设水温为4℃）；等该船卸完货后，船受到的浮力将会，当该船从长江驶入东海后，它所受到的浮力将会．（后两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）14．（4分）在图所示的电路中，电源电压保持不变．由于电阻R、灯L可能出现了故障，闭合电键S，小灯不亮，电压表无示数，电路正常工作．（1）请写出所有可能的故障．（2）先把一个完好的小灯L′并联在R两端，若L和L′都发光，则可以判断故障是；若只有L′发光，则可以判断故障是；若L和L’都不发光，则可以判断故障是．（三空均写出所有可能性）15．（2分）某同学为了“探究影响动能大小的因素”，利用质量不同的实心铝块A 和B、弹簧、光滑轨道等器材进行实验，并通过观察弹簧被压缩的程度来比较铝块的动能大小．如图（a）和（b）所示，他先将弹簧固定在竖直墙面上，然后让铝块A以一定的速度冲向弹簧，压缩弹簧．接着他按图（c）、（d）所示，重新实验，其中v1＜v2．请仔细观察图中铝块的运动和弹簧被压缩的程度，然后归纳得出初步结论．①比较图中的（a）、（b）和（c）实验过程及相关条件可知：．②比较图中的（a）、（b）和（d）实验过程及相关条件可知：．三．作图题（总共8分）16．（2分）根据平面镜成像特点，在图中根据平面镜所成的像作出物体．17．（2分）如图所示，重为120牛的物体在水平地面上运动，受到30牛的水平向右的拉力作用，受到20牛的水平向左的拉力作用，请用力的图示法画出物体水平方向所受的合力．18．（4分）在图中的〇里填上适当的电表符号，闭合电键S，使两只灯泡并联连接．四．计算题19．2千克的水从20℃升高到100℃需要吸收多少热量？【C水=4.2×103焦/（千克•℃）】．20．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，底面积为3S，容器高0.25米，内盛0.15米深的水．（1）若容器的底面积为5×10﹣2米2，求容器中水的质量m．（2）求0.05米深处水的压强p．（3）现有面积为S、密度为6ρ水圆柱体乙，如图（b）所示，在乙上方沿水平方向切去高为△h的部分A（△h＜0.3米），将A放入容器甲中（A与甲底部没有密合），并将此时的容器置于剩余圆柱体B的上方中央．（a）若要使水对容器底部的压强p水最大，求切去部分A高度的最小值△h小．（b）求此时水对容器底部的压强p水与地面受到的压强p地的比值．21．在如图所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为35欧，R2上有“200Ω 1A”的字样．闭合电键S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数为7.5伏，求：（1）电路中的电流及电路消耗的总功率；（2）用定值电阻R0替换R1，在电路正常工作的前提下，使变阻器滑片在移动过程中电表达到满刻度的次数要最多（包括更换量程），求电阻R0的取值范围是欧到欧．（第2小题需要过程）五．实验题22．实验室中，常用天平来测量物体的，测量时应将放在天平的右盘内（选填“物体”或“砝码”）．“测定物质的密度”和“探究物质的质量与体积关系”两个实验中都进行了多次测量，其多次测量的目的（选填“相同”或“不同”）；若要测量某固体的密度，实验中需要先测量该物体的（选填“质量”或“体积”）．23．在图中，凸透镜的焦矩为10厘米，实验时应先调整光屏的，以保证烛焰的像能在光屏的，若保持图中透镜的位置不变，将蜡烛移至光具座的“20厘米”刻度处．则应在厘米刻度范围内移动光屏寻找像（选填“60～70”或“大于70”），直到光屏上的像最为止．24．甲、乙同学分别做“测定小灯泡的电功率”实验，他们使用的器材中，电源电压相同且不变（为1.5伏的整数倍），滑动变阻器两个（分别标有“10Ω 2A”和“20Ω 2A”字样），待测的两小灯额定电压分别为2.2伏和6.3伏．甲、乙两同学各自选取一个变阻器、小灯及其它器材按要求正确连接电路，并进行实验．甲同学闭合电键后，发现移动滑动变阻器的滑片时电压表、电流表示数均有变化，但是小灯发光始终较暗；乙同学闭合电建后，观察到电流表示数为0.14安，当滑片移动到中点时（即滑动变阻器接入一半的电阻），小灯正常发光．实验中所用的电源电压为伏．乙同学所测小灯的额定电功率为瓦，选用的滑动变阻器最大阻值为欧．25．为了“探究凸透镜成实像的规律”，某小组同学利用焦距f为10厘米的凸透镜、一个高度为3厘米的发光体、光屏和光具座等进行实验．实验中，他们正确组装和调试实验器材，按表一、表二中的物距u依次进行实验，每次都使光屏上发光体的像最清晰，并将相应的像距v、成像情况记录在表格中．（1）分析比较实验序号1或2或3数据中物距u、像距v与焦距f、2倍焦距之间的关系及成像情况，可得出的初步结论是：．表一表二（2）分析比较实验序号数据中物距u、像距v与焦距f、2倍焦距之间的关系及成像情况，可得出的初步结论是：当物距u大于凸透镜的焦距且小于2倍焦距时，物体成放大的实像，像距v大于2倍焦距．（3）小明同学在进一步分析比较表一与表二中的数据及成像情况后，提出了一个猜想：“可能存在这样的情况：当物体处于凸透镜的某一特定位置时，会成等大的实像”．（a）为了验证该猜想，小明继续进行实验，他首先在表一或表二基础上再做当物距u为厘米时的成像情况．（b）为了进一步验证该猜想，小明在原有实验器材的基础上，再添加了器材，并设计了有关实验记录表（表三），请完成表三中空格处的填写．表三2016年上海市上实集团联考中考物理模拟试卷（3月份）参考答案与试题解析一．选择题（每题2分，共16分）1．（2分）下列天体中，不属于太阳系八大行星的是（）A．木星B．冥王星C．天王星D．海王星【解答】解：从2006年8月24日11起，新的太阳系八大行星分别是：金星、木星、水星、火星、土星、地球、天王星和海王星．冥王星已经被称为“矮行星”，不在太阳系八大行星之列．故选B．2．（2分）在摄氏温标中，一个人正常的体温约为（）A．0℃B．4℃C．37℃D．100℃【解答】解：正常情况下，人的体温在37℃左右，变化的范围非常小．故选C．3．（2分）下列和声音有关的特征中，会受到距离影响的是（）A．响度B．音调C．音色D．都有关【解答】解：A、响度指声音的强弱或大小，与声源振幅、距声源的距离有关；故A正确；B、音调是指声音的高低，影响因素是频率，与距声源的距离无关；故B错误；C、音色由发声体本身决定，与距声源的距离无关；故C错误；D、综上所述，选项D错误；故选：A．5．（2分）仅使用动滑轮提起重物，下列哪个目标是无法实现的（）A．省力B．省距离C．同时省力和省距离D．以上都不能实现【解答】解：动滑轮是一个省力杠杆，其动力臂是阻力臂的2倍，省力但费距离，并且不能改变力的方向，所以A能实现；B、C不能实现；故选B、C．6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两车同时分别从P点和Q 点出发，它们运动的s﹣t图象如图所示，由图象可知两车运动6秒之后（）A．甲、乙两车可能相距1.2米B．甲、乙两车一定相距7.2米C．甲、乙两车的位置可能重合D．甲、乙两车之间的距离一定只有4.8米和7.2米两种可能【解答】解：由图象中的数据和函数（s﹣t）关系，可看出甲、乙两车做匀速直线运动，在图甲的图象中可看出，当时间为6s时，路程为2.4m；在图乙的图象中可看出，当时间为6s时，路程为3.6m；已知P、Q是同一直线上相距6米的两点，（1）若相向而行，且甲车在左边，乙车在右边，如图所示：则两车运动6秒之后甲、乙两车相距s1=6m﹣2.4m+3.6m=7.2m，（2）若相对而行，且甲车在左边，乙车在右边，如图所示：则两车运动6秒之后甲、乙两车相距s2=6m﹣2.4m﹣3.6m=0m，则甲、乙两车的位置可能重合；（3）若相向而行，且甲车在左边，乙车在右边，如图所示：则两车运动6秒之后甲、乙两车相距s3=6m﹣3.6m+2.4m=4.8m．故ABD错误，C正确．故选C．7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，当滑动变阻器滑片P从最左端向中点移动的过程中，电流表A和电流表A1的示数之比将会（）A．变大B．变小C．先变小，后变大 D．先变大，后变小【解答】解：由图可知，R1与滑动变阻器并联，A1测变阻器支路的电流，A测干路电流；根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，电流表A的示数为I=I1+I2，则电流表A和电流表A1的示数之比为==+1，由于当滑片P自左端向中点移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可知，通过变阻器支路的电流I2变大；而通过R1的电流I1不变，所以，的值变小．故选B．8．（2分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上．容器甲足够高，并且S甲＜S乙，若将一物体A分别浸入在容器甲的水中、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量△p甲与圆柱体乙对水平地面压强的变化量△p乙之间的关系可能的是（）A．△p甲＞△p乙B．△p甲＜△p乙C．△p甲=△p乙D．以上三种情况都有可能发生【解答】解：物体A浸入水中，可能处于漂浮、悬浮、下沉，则物体受到浮力可能等于小于物体重力，根据液体对物体的浮力和物体对液体的压力是一对相互作用力，则增加压力为物体的浮力，根据△P甲=；物体A放在乙上面△F=G A，根据△P乙=；根据S甲＜S乙，当物体A漂浮或悬浮时，F浮=GA，则△P甲＞△P乙；当物体A下沉时，F浮＜GA，则可能△P甲=△P乙，△P甲＞△P乙故选D．二．填空题（每空1分，共23分）9．（3分）上海地区的家庭照明电路的电压是220伏．一个灯泡上标有“220V 40W”的字样，其中“40W”的物理意义是小灯泡的额定功率是40W，1度电可以供这个灯泡使用25小时．【解答】解：家庭电路电压是220V，所以上海地区的家庭照明电路的电压是220伏．一个灯泡上标有“220V 40W”的字样，其中“40W”的物理意义是小灯泡的额定功率是40W，由P=可得t===25h．故答案为：220；小灯泡的额定功率是40W；25．10．（3分）蒸汽弹射器是航空母舰上的飞机起飞装置，一般通过航母动力装置产生高温高压的蒸汽，并推动飞机帮助它在短距离内起飞．这说明力可以物体的运动状态，在蒸汽推动飞机的过程中蒸汽的内能转化为飞机的机械能．【解答】解：蒸汽弹射器产生高温高压的蒸汽，推动飞机起飞，使它由静止变为运动，这说明力可以改变物体的运动状态；航母上简化的蒸汽弹射装置中，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减少，推动活塞运动，使舰载飞机获得巨大的动能（机械能）．故答案为：物体的运动状态；内；机械．11．（3分）春季晴朗的晚上，小明躺在草地上仰望星空，观察满天繁星和月亮．以月亮为参照物小明是运动的（选填“静止”或“运动”）；月亮本身并不发光，小明能看见它是因为光的反射现象；地球上不同地点的人们都可以看到月亮是因为发生了漫反射的缘故．【解答】解：以月亮为参照物，小明相对月亮发生了位置的变化，所以是运动的；我们能够看见不发光的物体，是因为物体反射的光进入了我们的眼睛，所以月亮本身并不发光，小明能看见它是因为在月亮表面发生了光的反射现象；地球上不同地点的人们都可以看到月亮是因为发生了漫反射的缘故．故答案为：运动；反射；漫反射．12．（3分）某导体两端电压为9V，通过它的电流是0.45A，那么30秒内该导体消耗的电功是121.5焦；该导体的电阻是20欧，若导体两端电压变为18V，在忽略温度变化的情况下，该导体的电阻是20Ω．【解答】解：导体消耗的电能：W=UIt=9V×0.45A×30s=121.5J．由I=可得，导体的电阻：R===20Ω，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端的电压增加到18V时，导体的电阻仍为20Ω不变．故答案为：121.5；20；20Ω．13．（3分）如图所示，是某一艘船的吃水线，它表示船体浸没在水面以下的深度．若在某个冬季的早晨，该船停泊在长江中的宝杨路码头卸货，吃水深度是5m，那么此时船底受到的水的压强是 4.9×104帕（设水温为4℃）；等该船卸完货后，船受到的浮力将会变小，当该船从长江驶入东海后，它所受到的浮力将会不变．（后两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5m=4.9【解答】解：（1）船底受到海水的压强p=ρ海×104Pa．（2）等该船卸完货后，重力减小，轮船仍然漂浮，由F=G可知，船受到的浮浮力将会变小；轮船从长江驶入东海，自身重力不变，轮船漂浮，F=G，浮所以轮船受到长江水和海水的浮力不变，都等于轮船受到的重力G，故答案为：4.9×104；变小；不变．14．（4分）在图所示的电路中，电源电压保持不变．由于电阻R、灯L可能出现了故障，闭合电键S，小灯不亮，电压表无示数，电路正常工作．（1）请写出所有可能的故障L短路．（2）先把一个完好的小灯L′并联在R两端，若L和L′都发光，则可以判断故障是R断路；若只有L′发光，则可以判断故障是L短路；若L和L’都不发光，则可以判断故障是L断路．（三空均写出所有可能性）【解答】解：（1）根据电路图可知，小灯泡和电阻串联、电压表V测量的是灯泡L两端的电压，小灯泡不亮，电压表无示数，说明电路中出现了断路或短路．当小灯泡L出现短路时，灯泡不发光，电压表V与一段导线并联，没有示数；当电阻R断路时，电路中没有电流通过，灯泡不发光，电压表没有示数；又知道电路正常工作，所以故障原因为：L短路；（2）先把一个完好的小灯L′并联在R两端，若L和L′都发光，则可以判断故障是R断路；若只有L′发光，则可以判断故障是L短路；若L和L′都不发光，则可以判断故障是L断路．故答案为：（1）L短路；（2）R断路；L短路；L断路．15．（2分）某同学为了“探究影响动能大小的因素”，利用质量不同的实心铝块A 和B、弹簧、光滑轨道等器材进行实验，并通过观察弹簧被压缩的程度来比较铝块的动能大小．如图（a）和（b）所示，他先将弹簧固定在竖直墙面上，然后让铝块A以一定的速度冲向弹簧，压缩弹簧．接着他按图（c）、（d）所示，重新实验，其中v1＜v2．请仔细观察图中铝块的运动和弹簧被压缩的程度，然后归纳得出初步结论．①比较图中的（a）、（b）和（c）实验过程及相关条件可知：当物体质量相同，速度大的，动能大．②比较图中的（a）、（b）和（d）实验过程及相关条件可知：当物体速度相同，质量大的，动能大．【解答】解：①图中的（a）、（b）和（c）实验过程中，铝块的质量相同，但是速度不同，速度大的铝块撞击弹簧时，弹簧被压缩的程度明显，说明当物体质量相同，速度大的，动能大．②图中的（a）、（b）和（d）实验过程中，铝块的速度相同，但是质量不同，质量大的铝块撞击弹簧时，弹簧被压缩的程度明显，说明当物体速度相同，质量大的，动能大．故答案为：①当物体质量相同，速度大的，动能大；②当物体速度相同，质量大的，动能大．三．作图题（总共8分）16．（2分）根据平面镜成像特点，在图中根据平面镜所成的像作出物体．【解答】解：分别作出物体A′B′端点A′、B′关于平面镜的对称点A、B，用实线连接A、B即为物体AB．如图：17．（2分）如图所示，重为120牛的物体在水平地面上运动，受到30牛的水平向右的拉力作用，受到20牛的水平向左的拉力作用，请用力的图示法画出物体水平方向所受的合力．【解答】解：（1）二力在同一直线上，方向相反，则F=30N﹣20N=10N，方向合水平向右；（2）过物体的重心沿水平向右的方向画一条带箭头的线段，大小为10N，如图所示：18．（4分）在图中的〇里填上适当的电表符号，闭合电键S，使两只灯泡并联连接．【解答】解：最上面的圈与灯串联，因此为电流表；中间的圈在干路上，与电源串联，因此是电流表；中间的为电流表，下面的为电压表，否则会使电源短路，如图所示：四．计算题19．2千克的水从20℃升高到100℃需要吸收多少热量？【C水=4.2×103焦/（千克•℃）】．【解答】解：水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J．答：2千克的水从20℃升高到100℃需要吸收6.72×105J热量．20．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，底面积为3S，容器高0.25米，内盛0.15米深的水．（1）若容器的底面积为5×10﹣2米2，求容器中水的质量m．（2）求0.05米深处水的压强p．（3）现有面积为S、密度为6ρ水圆柱体乙，如图（b）所示，在乙上方沿水平方向切去高为△h的部分A（△h＜0.3米），将A放入容器甲中（A与甲底部没有密合），并将此时的容器置于剩余圆柱体B的上方中央．（a）若要使水对容器底部的压强p水最大，求切去部分A高度的最小值△h小．（b）求此时水对容器底部的压强p水与地面受到的压强p地的比值．【解答】解：（1）水的体积V=Sh=5×10﹣2m2×0.15m=7.5×10﹣3m3，由ρ=得容器中水的质量：m=ρV=1×103kg/m3×7.5×10﹣3m3=7.5kg；（2）0.05米深处水的压强：p=ρgh=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.05m=49Pa；（3）①若要使水对容器底部的压强p水最大，需要水深最大，排开水的体积：V排=（0.25m﹣0.15m）×5×10﹣2m2=5×10﹣3m3，则A的最小体积V A=V排=5×10﹣3m3，△h最小值：△h最小===0.3m=30cm；②水对容器底部的压强最大压强：p水=ρgh=0.25mρ水g；当0.3m＞△h≥0.25m时溢出的水最多、地面受到的压力最小，地面受到的压强最小：p地====2.2mρ水g，p水：p地=0.25m×ρ水g：2.2m×ρ水g=5：44=．答：（1）容器中水的质量为7.5kg；（2）0.05米深处水的压强为490Pa；（3）①切去部分A高度的最小值为30cm；②切去部分A高度0.3m＞△h≥0.2m，比值为．21．在如图所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为35欧，R2上有“200Ω 1A”的字样．闭合电键S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数为7.5伏，求：（1）电路中的电流及电路消耗的总功率；（2）用定值电阻R0替换R1，在电路正常工作的前提下，使变阻器滑片在移动过程中电表达到满刻度的次数要最多（包括更换量程），求电阻R0的取值范围是0欧到30欧．（第2小题需要过程）【解答】解：（1）由图可知：R1、R2串联，根据串联电路的总电压等于各支路两端的电压之和可知：电阻R1两端的电压U1=U﹣U2=18V﹣7.5V=10.5V；则电路中的电流I=I1===0.3A；所以电路消耗的总功率P=UI=18V×0.3A=5.4W．（2）①由滑动变阻器铭牌知：电路中的电流不能超过1A，所以电流表能达到满刻度只有0.6A，当电路中电流为0.6A时，由欧姆定律可知总电阻R===30Ω，所以电阻R0最大为30Ω．②当压表选用的量程是0～3V，指针达到满刻度，即U2′=3V，根据串联电路的电压特点可知：R0两端电压U0=U﹣U2′=18V﹣3V=15V，由于电路中的电流相等，则=，即：=，解得：R0=5R2，所以R0取值范围为0～1000Ω．③当压表选用的量程是0～15V，指针达到满刻度，即U2′=15V，根据串联电路的电压特点可知：R0两端电压U0=U﹣U2′=18V﹣15V=3V，由于电路中的电流相等，则=，即：=，解得：R0=0.2R2，所以R0取值范围为0～40Ω，由上分析可知：R0取值范围为0～30Ω．所以电表达到满刻度的次数最多的电阻是30Ω．答：（1）电路消耗的总功率P=UI=18V×0.3A=5.4W．（2）0；30．五．实验题22．实验室中，常用天平来测量物体的质量，测量时应将砝码放在天平的右盘内（选填“物体”或“砝码”）．“测定物质的密度”和“探究物质的质量与体积关系”两个实验中都进行了多次测量，其多次测量的目的不同（选填“相同”或“不同”）；若要测量某固体的密度，实验中需要先测量该物体的质量（选填“质量”或“体积”）．【解答】解：（1）天平是测量物体质量的仪器．在调节好天平以后，把物体放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘．（2）“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”实验中，都需要测量质量和体积，所以用到的器材是相同的；在“探究物质质量与体积的关系”实验中多次测量的目的是为了对数据分析，得到质量与体积的关系；而在“测定物质的密度”实验中多次测量的目的是为了多次测量求平均值，减小误差，因此两个实验的目的不同；若要测量某固体的密度，实验中需要先测量该物体的质量，因为先测体积时，物体上会沾有水，使得物体质量变大．故答案为：质量；砝码；不同；质量．23．在图中，凸透镜的焦矩为10厘米，实验时应先调整光屏的高度，以保证烛焰的像能在光屏的中央，若保持图中透镜的位置不变，将蜡烛移至光具座的“20厘米”刻度处．则应在60～70厘米刻度范围内移动光屏寻找像（选填“60～70”或“大于70”），直到光屏上的像最清晰为止．【解答】解：（1）在探究凸透镜成像规律的实验中，烛焰、透镜、光屏三者的中心要在同一高度，以保证烛焰的像能在光屏的中央．（2）因为凸透镜的焦矩f=10cm，透镜在“50厘米”刻度处，蜡烛在光具座的“20厘米”刻度处，即u=30cm，u＞2f，此时，2f＞v＞f，所以应在60～70厘米刻度范围内移动光屏寻找像，并且直到光屏上得到最清晰的像才算找到像的位置．故答案为：高度，中央，60～70，清晰．24．甲、乙同学分别做“测定小灯泡的电功率”实验，他们使用的器材中，电源电压相同且不变（为1.5伏的整数倍），滑动变阻器两个（分别标有“10Ω 2A”和“20Ω 2A”字样），待测的两小灯额定电压分别为2.2伏和6.3伏．甲、乙两同学各自选取一个变阻器、小灯及其它器材按要求正确连接电路，并进行实验．甲同学闭合电键后，发现移动滑动变阻器的滑片时电压表、电流表示数均有变化，但是小灯发光始终较暗；乙同学闭合电建后，观察到电流表示数为0.14安，当滑片移动到中点时（即滑动变阻器接入一半的电阻），小灯正常发光．实验中所用的电源电压为3伏．乙同学所测小灯的额定电功率为0.352瓦，选用的滑动变阻器最大阻值为10欧．【解答】因为甲同学闭合电键后，发现移动滑动变阻器的滑片时电压表、电流表示数均有变化，但是小灯发光始终较暗，说明灯泡两端电压小于灯泡的额定电压；因为待测的两小灯额定电压分别为2.2伏和6.3伏，则电源电压可能为3V或7.5V，由于其中一个灯泡始终无法达到额定电压，所以电源电压为3V；乙同学实验时，灯泡正常发光，则灯泡两端电压为2.2V，则滑动变阻器两端电压。
2016年上海市五三中学等五校联考中考物理模拟试卷(3月份)(解析版)
2016年上海市五三中学等五校联考中考物理模拟试卷（3月份）(解析版) 一、选择题（共16分）1．在下列各星球中，属于卫星的是（ ）A．地球B．月球C．水星D．太阳2．在下列生活和生产实例中，利用连通器原理工作的是（ ）A．气压计B．茶壶C．温度计D．抽水机3．依据卢瑟福的原子行星模型理论，在原子中绕核高速旋转的是（ ）A．质子B．中子C．电子D．核子4．下列不属于电功单位的是（ ）A．伏•库B．伏•安C．瓦•秒D．焦耳5．甲、乙两个实心正方体放在细沙面上，沙面凹陷程度如图所示，则（ ）A．甲的质量一定比乙大B．甲的质量一定比乙小C．甲的密度一定比乙大D．甲的密度一定比乙小6．关于电流、电压和电阻的关系，下列说法中正确的是（ ）A．导体的电阻与该导体两端的电压有关B．导体的电阻与通过该导体的电流有关C．对某一导体来说，导体中的电流与其两端的电压成正比D．对某一导体来说，导体的电阻与其两端的电压成正比7．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，能使电流表A示数变小的操作是（ ）A．将电阻R1与R2的位置互换B．将电阻R1与电压表V的位置互换C．将电流表A1与A的位置互换D．将电阻R2与电压表V的位置互换8．如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压强相等．若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分叠放在对方剩余部分上．它们对地面的压强为P′、P乙′，下列判断正确的是（ ）甲A．P甲′可能小于P乙′B．P甲′一定大于P乙′C．P甲′可能大于P乙′D．P甲′一定小于P乙′二、填空题(共25分）9．我国家用电视机正常工作的电压为 伏，它与电冰箱是 连接的（选填“串联”或“并联”）．家庭电路所消耗的电能是用 测量的．10．冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的 是0.9×103千克．当冰熔化成水时，质量将 ，体积将 （选填“变小”、“不变”或“变大”）．11．著名的 实验证明了大气压强的存在．托里拆利在玻璃管内装入 较大的水银做实验测出大气压强的值，若换用水完成该实验，则需要 玻璃管的长度（选填“减小”或“增大”）．12．如图所示，体积为1×10﹣3米3、密度为2×103千克/米3的物体A静止在水中，它的质量为 千克，受到的浮力为 牛，浮力与重力的合力的方向 ．13．某导体两端的电压为12伏，通过它的电流为0.6安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为 库，其电阻为 欧．当它两端的电压为6伏时，通过它的电流为 安．14．学生在做奥斯特实验时有如下表达：（1）闭合电键，发现通电螺线管周围的小磁针发生偏转；（2）通电导线周围存在磁场（3）电流周围的磁场方向与电流的方向有关（4）改变电源正负值，发现小磁针的偏转情况与之前相比发生改变其中属于实验现象的是 ；属于实验结论的是 ．15．为了探究气体流动时压强大小的特点，小王将两纸片靠拢，纸片下端自然下垂，如图（a）所示．然后他向两纸片间慢速吹气，实验现象如图（b）所示，接着他快速吹气，实验现象如图（c）所示．①分析比较图 可知：气体流动时，压强会变小．②分析比较图（b）和（c）可知： ．16．在图所示的电路中，电源电压保持不变．灯L、电阻R可能出现了故障，闭合电键S后：①若灯L发光，则三个电表中示数一定大于零的是 表．②若灯L不发光，则三个电表中示数可能等于零的是 表．三、解答题（共6分）17．重为6牛的小球静止在水中，请用力的图示法在图中画出小球受到的浮力．18．根据图中通电螺线管的N极，标出磁感线方向、小磁针的N极，并在括号内标出电源的正、负极．四、计算题（共24分）19．一木块漂浮在水面上，其浸入水中的体积为2×10﹣4米3．求木块受到的浮力F浮．20．一间教室里有6盏60瓦的灯泡、平均每天用电5小时，倘若每天少开灯1小时，那么一个月（按30天计算）可节约多少度电？21．如图（a）所示，一个质量为1千克、底面积为3×10﹣2米2的薄壁圆柱形容器放在水平地面上，且容器内盛有4×10﹣3米3的水．（1）求水面下0.1米深处水的压强p水．（2）若将另一个底面积为2×10﹣2米2、高度为0.3米的实心金属圆柱体A，缓慢竖直地浸入水中，如图（b）所示，求容器对水平地面的压强增大一倍时，圆柱体A底部所处深度h．22．在图1所示的电路中，电阻R1的阻值为5欧，滑动变阻器上标有“20Ω2Α”字样．现有电压为6伏的电源一个，表盘如图2（a）、（b）所示的电流表、电压表各一个．①若在AB间接入电源，CD间接入电压表，闭合电键后，电压表示数为2伏，求通过电阻R1的电流I1和此时变阻器R2连入电路的阻值．②请选择一个电表，将电源和选择的电表接入AB、CD间，要求移动变阻器的滑片P时通过变阻器的电流变化量△I最大．（a）写出选择的电表及电表接入的位置．（b）求出通过变阻器的电流变化量的最大值△I最大．五、实验题(共19分）23．在“探究物质质量与体积的关系”实验中，需用 测出物体的质量，称量前先要调节 使天平平衡，称量时砝码应放置在天平的 盘．为了得到同种物质质量与体积的关系，他需要选取 不同的同种材料的物体进行多次实验．24．在“用电流表、电压表测电阻”的实验中：（1）实验原理： ．（2）实验器材：待测电阻、2节干电池、电流表、电压表、滑动变阻器、 和导线若干．（3）某同学设计记录表格如下，请在表格的空格处填上栏目 、 ．（注意：用笔在答题纸上的表格空格处填上栏目）实验序号电压（伏）电流（安）1////2///3///25．小张、小王两同学学习了电流、电压和电阻知识后，发现电流与水管中的水流相似、电压与水压表相似．小张同学提出：导体对电流的阻碍作用可能与水管对水流阻碍作用相似．随后小王同学便提出：导体的电阻可能跟导体的长度、横截面积有关．为了研究导体的电阻与哪些因素有关，他们设计了如图所示的电路，且在常温下选用手头拥有的长度、横截面积不同的铝丝接入电路的MN两点间，利用电流表和电压表测量后计算出阻值，将数据记录在表一、表二中．表一铝丝．实验序号长度l（米）横截面积s（毫米2）电阻R（欧）10.10.10.02820.20.40.01430.450.30.042表二铝丝实验序号长度l（米）横截面积S（毫米2）电阻R（欧）40.10.20.01450.20.20.02860.30.20.042①分析比较实验序号1与4或2与5可得出的定性结论是：常温下，铝丝长度相同，铝丝的横街面积越小，电阻越 ．②分析比较 （选填“表一”或”表二“）的相关数据可得出的定量结论是：常温下，铝丝横街面积相同时，铝丝的电阻与长度成 比（选填”正”或“反”）．③请进一步综合分析表一、表二的相关数据，并归纳得出结论．（a）分析比较（1与5）、（2与4）或（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下，铝丝长度比横街面积的 相同，电阻相同．（b）分析比较（1与5）、（2与4）和（3与6）的数据及相关条件，可得出的初步结论是：常温下， ．④他们继续分析表一和表二的数据及相关条件，发现无法得到导体的电阻与材料的关系．为了进一步探究导体的电阻与材料的关系，需添加的器材为 （选填“导体甲”、“导体乙”、“导体丙”）．器材：导体甲长度为0.2米、横截面积为0.2毫米2的铝丝导体乙长度为0.2米、横截面积为0.4毫米2的镍铬合金丝导体丙长度为0.45米，横截面积为0.3毫米2的康铜丝．26．在“测定小灯泡的电功率”实验中，小红同学所用电源电压不变，小灯标有“2.5V”字样．她正确连接电路，实验步骤正确，闭合电键时，电压表、电流表的示数分别为1.3伏和0.16安．然后她将滑动变阻器的滑片移动到中点位置时，发现小灯正常发光．接着她将滑片移动到另一端，发现小灯闪亮一下熄灭了，此时电流表的示数为 安，而电压表的示数如图（a）所示．于是她更换电压表量程，发现电压表的示数如图（b）所示，则电源电压为 伏，滑动变阻器的最大阻值为 欧，小灯的额定功率为 瓦．2016年上海市五三中学等五校联考中考物理模拟试卷（3月份）参考答案与试题解析一、选择题（共16分）1．在下列各星球中，属于卫星的是（ ）A．地球B．月球C．水星D．太阳【考点】人类探究太阳系及宇宙的历程．【分析】解答本题应掌握：能够自身发光发热的星体称为恒星，离我们最近的恒星为太阳；同时应记清太阳系里的八大行星．【解答】解：地球、水星为围绕太阳转动的行星；太阳能够发光发热，是离我们最近的恒星；而月球是地球的一颗卫星；故选B．【点评】本题考查对恒星、行星及卫星的认识，属于基础内容．2．在下列生活和生产实例中，利用连通器原理工作的是（ ）A．气压计B．茶壶C．温度计D．抽水机【考点】连通器原理．【专题】应用题；比较思想；归纳法；压强、液体的压强．【分析】连通器：上端开口下端连通的容器．连通器里只有一种液体，在液体不流动的情况下，连通器各容器中液面的高度总是相平的．【解答】解：A、气压计是利用大气压随着高度的增加而减小的原理制成的；B、茶壶的上端开口，底部连通，是利用连通器的原理来工作的；C、温度计是利用液体的热胀冷缩来工作的；D、抽水机是利用大气压来工作的．故选B．【点评】此题考查的是连通器在生活中的应用．这就要求我们平时要多观察、多思考．3．依据卢瑟福的原子行星模型理论，在原子中绕核高速旋转的是（ ）A．质子B．中子C．电子D．核子【考点】原子的核式模型．【专题】定性思想；推理法；粒子与宇宙、材料世界．【分析】根据α粒子散射实验，卢瑟福提出了原子行星模型理论，他认为原子的全部正电荷和几乎全部质量都集中在原子核上，带负电的电子在原子核外绕核做圆周运动，据此回答问题．【解答】解：卢瑟福的原子行星模型理论中正电荷集中在原子核，带负电的电子在原子中绕核高速旋转．故选C．【点评】本题考查了原子结构的知识，考查是基础知识，记住卢瑟福的原子行星模型理论即可答题，是一道基础题．4．下列不属于电功单位的是（ ）A．伏•库B．伏•安C．瓦•秒D．焦耳【考点】电功．【专题】定性思想；推理法；电能和电功率．【分析】电功、电能有主单位、常用单位和由公式得出的单位，本题考查对电功单位的认识．必要时结合相关公式可做出判断．【解答】解：A、根据W=UIt=UQ可知，电压与电量单位的乘积，即伏•库也是电功的单位，不合题意；B、由公式P=UI可知，伏•安是电功率的单位，不是电功的单位，符合题意；C、根据公式W=Pt可知，瓦•秒是电功的单位，不合题意；D、焦耳是电功的国际单位，不合题意．故选B．【点评】电能、电功的单位：焦耳（J）﹣主单位，千瓦时或度（kW•h）﹣常用单位，瓦•秒（W•s）﹣由W=Pt得出的单位，伏•安•秒（V•A•s）﹣由W=UIt得出的单位．5．甲、乙两个实心正方体放在细沙面上，沙面凹陷程度如图所示，则（ ）A．甲的质量一定比乙大B．甲的质量一定比乙小C．甲的密度一定比乙大D．甲的密度一定比乙小【考点】压强．【专题】压强、液体的压强．【分析】压力作用效果跟压力大小和受力面积大小有关：受力面积相同时，压力越大，压力作用效果越大；在压力相同时，受力面积越小，压力作用效果越明显．【解答】解：由图可知，乙图的受力面积比较小，如果甲乙的压力相同时，那么应该是乙的作用效果越显著，但是图中明显显示甲图的作用效果明显，这说明甲图的压力大，因此甲的正方体的质量一定比乙大．故选A．【点评】掌握压力作用效果的影响因素，利用控制变量法和转换法探究压力作用效果的影响因素．6．关于电流、电压和电阻的关系，下列说法中正确的是（ ）A．导体的电阻与该导体两端的电压有关B．导体的电阻与通过该导体的电流有关C．对某一导体来说，导体中的电流与其两端的电压成正比D．对某一导体来说，导体的电阻与其两端的电压成正比【考点】欧姆定律．【专题】欧姆定律．【分析】欧姆定律内容：导体中的电流跟导体两端的电压成正比，跟导体的电阻成反比．也就是说在电压一定时，导体中的电流跟导体的电阻成反比；在电阻一定时，导体中的电流跟导体两端的电压成正比．而电阻是导体本身的一种性质，与导体的电压与电流无关．【解答】解：A、B、电阻是导体本身的一种性质，与导体的长度、材料、横截面积有关，而与导体的电压与电流无关．故AB说法错误；C、由欧姆定律可知，对某一导体来说，导体中的电流与其两端的电压成正比，故C说法正确；D、对某一导体来说，导体的电阻与导体的长度、材料、横截面积有关，而与导体的电压无关．故D 说法错误．故选C．【点评】本题考查了电阻的性质、欧姆定律内容的理解和掌握．要知道电流跟电压成正比，电流跟电阻成反比都是有条件的．7．在图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S，能使电流表A示数变小的操作是（ ）A．将电阻R1与R2的位置互换B．将电阻R1与电压表V的位置互换C．将电流表A1与A的位置互换D．将电阻R2与电压表V的位置互换【考点】欧姆定律的应用．【专题】欧姆定律．【分析】根据电路图可知，电阻R1与R2并联，电流表A测量干路电流，电流表A1测量通过电阻R1的电流，根据并联电路电流的特点进行分析解答．【解答】解：因为并联电路中，干路电流等于各支路电流之和，要使电流表A示数变小，则A、将电阻R1与R2的位置互换后，干路电流不变，则电流表A的示数不变；故A不符合题意；B、将电阻R1与电压表V的位置互换后，支路电流不变，则干路电流也不变，即电流表A的示数不变；故B不符合题意；C、将电流表A1与A的位置互换后，电流表A由测量干路电流变为测量支路电流，故C符合题意；D、将电阻R2与电压表V的位置互换后，支路电流不变，则干路电流也不变，即电流表A的示数不变；故D不符合题意．故选C．【点评】本题是一道电路动态分析题，分析清楚电路结构、应用并联电路电流的规律即可正确解题． 8．如图所示，甲、乙为两个实心均匀正方体，它们对水平地面的压强相等．若在两个正方体的上部，沿水平方向分别截去相同高度的部分，并将截去部分叠放在对方剩余部分上．它们对地面的压强为P′、P乙′，下列判断正确的是（ ）甲A．P甲′可能小于P乙′B．P甲′一定大于P乙′C．P甲′可能大于P乙′D．P甲′一定小于P乙′【考点】压强大小比较．【专题】应用题；比较思想；压强、液体的压强．【分析】柱体对地面的压强p====ρgh，根据其判断压强的变化情况．【解答】解：把甲、乙均分为两部分，甲最初对地面的压强p甲=﹣﹣﹣①乙最初对地面的压强p乙=﹣﹣﹣②由于它们均为实心正方体，且对地面的压强相等，设它们的边长分别为a、b．可得ρ甲ga=ρ乙gb甲切去部分的重G甲切=ρ甲gV甲切=ρ甲ga2h﹣﹣﹣③同理乙切去部分的重G乙切=ρ乙gb2h﹣﹣﹣④③：④有==＞1可得G甲切＞G乙切﹣﹣﹣﹣⑤将切去部分放置在对方剩余部分的上表面，则此时甲的整体产生的压强p甲′=﹣﹣﹣⑥此时乙的整体产生的压强p乙′=﹣﹣﹣⑦由①⑤⑥可知，p甲′＜p甲﹣﹣﹣⑧由②⑤⑦可知，p乙′＞p乙﹣﹣﹣⑨而最初甲乙对地面压强相等，结合⑧⑨可知，p甲′＜p乙′．故选D．【点评】本题主要考查了压强大小的判断，关键要掌握压强的计算公式，特别是柱体物体对支持面的压强公式应用，在分析过程中要注意改变的量和相等的量，要细心分析．二、填空题(共25分）9．我国家用电视机正常工作的电压为 220 伏，它与电冰箱是 并联 连接的（选填“串联”或“并联”）．家庭电路所消耗的电能是用 电能表 测量的．【考点】家庭电路工作电压、零线火线的辨别方法；串联电路和并联电路的辨别；电功的测量．【专题】应用题；电流和电路；电能和电功率；电与热、生活用电．【分析】我国家用电器的额定电压是220V．各家用电器之间都是并联的，用电器可能正常工作，并且各用电器之间互不影响．电能表是测量电路消耗电能的仪表，电能表俗称电表．【解答】解：电视机是家用电器，额定电压是220V．电视机和电冰箱都是家用电器，两者之间是并联的，工作时互不影响．家庭电路所消耗的电能是用电能表测量的．．故答案为：220；并联；电能表．【点评】掌握家庭电路中各用电器之间的连接方法，开关控制用电器时，开关和用电器的连接方法．同时了解家庭电路电压、电能表的作用等，属电学常识．10．冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的 质量 是0.9×103千克．当冰熔化成水时，质量将 不变 ，体积将 变小 （选填“变小”、“不变”或“变大”）．【考点】密度及其特性；密度公式的应用．【专题】密度及其应用．【分析】密度的物理意义是表示单位体积某种物质的质量；质量是指物体含有物质的多少．它是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．【解答】解：冰的密度为0.9×103千克/米3，它表示每立方米冰的质量是0.9×103千克；质量是物体的一种属性，不随物体的形状、状态、位置和温度的改变而改变．故冰熔化成水后，状态改变了，质量不变．根据公式ρ=，可知当物体的质量不变时，体积和物体的密度成反比，冰熔化成水后，密度变大，体积变小．故答案为：质量；不变；变小．【点评】此题考查学生对密度和质量的理解与应用．11．著名的 马德堡半球 实验证明了大气压强的存在．托里拆利在玻璃管内装入 密度 较大的水银做实验测出大气压强的值，若换用水完成该实验，则需要 增大 玻璃管的长度（选填“减小”或“增大”）．【考点】大气压强的测量方法；大气压强的存在．【专题】气体的压强、流体压强与流速的关系．【分析】（1）能够证明大气压存在的实验有很多，但只要提到著名和首先的实验，那就确定了是哪一个．（2）首先测定大气压强值的是意大利物理学家托里拆利，他用实验测出了一个标准大气压可以支持760mm高的水银柱．（3）玻璃管内水银柱产生的压强等于大气压强，P大气=P水银=ρ水银gh，根据此公式计算出换成水后水柱的高度得出正确结论．【解答】解：（1）最早证明大气压存在的，并且最著名的实验是马德堡市的市长奥托格里克做的马德堡半球实验．（2）首先测定大气压强值的是意大利物理学家托里拆利做的实验﹣﹣托里拆利实验，他选用密度较大的水银进行实验，测出一个标准大气压能够支持0.76米高的水银柱，即一个标准大气压相当于0.76米高水银柱产生的压强，其大小为1.01×105Pa．如果换用水来做，则玻璃管的长度至少为：h===10.31m因此需要增大玻璃管的长度．故答案为：马德堡半球；密度；增大．【点评】马德堡半球实验和托里拆利实验是学习大气压强中遇到的两个最著名的实验，在物理学史上有着重要的意义，是中考的热点内容．12．如图所示，体积为1×10﹣3米3、密度为2×103千克/米3的物体A静止在水中，它的质量为 2 千克，受到的浮力为 9.8 牛，浮力与重力的合力的方向 竖直向下 ．【考点】密度公式的应用；力的合成与应用；浮力大小的计算．【专题】密度及其应用；运动和力；浮力．【分析】（1）已知物体的密度和体积，利用密度公式变形可求得其质量，物体完全浸没后，所受浮力根据公式F浮=ρgV排可求．浮力方向是竖直向上的；（2）合力方向与较大的力的方向相同．【解答】解：∵ρ=，∴m=ρV=2×103kg/m3×1×10﹣3m3=2kg；所受浮力F浮=ρgV排=1000kg/m3×9.8N/kg×1×10﹣3m3=9.8N，浮力方向是竖直向上的；∵G=mg=2kg×9.8N/kg=19.6N，合力方向与较大的力的方向相同；∴合力方向是竖直向下的．故答案为：2；9.8；竖直向下．【点评】本题考查物体所受浮力大小的计算以及所受合外力情况，要掌握：同一直线上力的合成方法：当两力在同一直线上，方向相反时，合力等于二力之差、方向与较大的力的方向相同．13．某导体两端的电压为12伏，通过它的电流为0.6安，10秒内通过该导体横截面的电荷量为 6 库，其电阻为 20 欧．当它两端的电压为6伏时，通过它的电流为 0.3 安．【考点】电量及其计算；欧姆定律的变形公式．【专题】电流和电路；欧姆定律．【分析】已知电流与通电时间，由电流定义式的变形公式可以求出电荷量；已知电压与电流，由欧姆定律可以求出电阻阻值；已知电压与电阻，由欧姆定律可以求出电流．【解答】解：∵I=，∴电荷量：q=It=1.6A×10s=6C；∵I=，∴电阻阻值：R===20Ω；电压为6V时，通过电阻的电流：I′===0.3A；故答案为：6；20；0.3．【点评】本题考查了求电荷量、电阻与电流问题，应用电流的定义式、欧姆定律即可正确解题．14．学生在做奥斯特实验时有如下表达：（1）闭合电键，发现通电螺线管周围的小磁针发生偏转；（2）通电导线周围存在磁场（3）电流周围的磁场方向与电流的方向有关（4）改变电源正负值，发现小磁针的偏转情况与之前相比发生改变其中属于实验现象的是 （1）（4） ；属于实验结论的是 （2）（3） ．【考点】通电直导线周围的磁场．【专题】应用题；磁现象、电生磁．【分析】实验现象是通过做实验能直接观察到的现象；而实验结论是通过实验现象总结出来的一般性的规律．【解答】解：（1）闭合电键，发现通电螺线管周围的小磁针发生偏转，即这是实验现象；（2）通电导线周围存在磁场，这是通过实验现象得出的结论；（3）电流周围的磁场方向与电流的方向有关，即是通过实验现象得出的结论；（4）改变电源正负值，发现小磁针的偏转情况与之前相比发生改变，这是实验现象．故属于实验现象的是（1）（4）；属于实验结论的是（2）（3）；故答案为：（1）（4）；（2）（3）．【点评】知道并理解实验现象和实验结论的区别是解决该题的关键．15．为了探究气体流动时压强大小的特点，小王将两纸片靠拢，纸片下端自然下垂，如图（a）所示．然后他向两纸片间慢速吹气，实验现象如图（b）所示，接着他快速吹气，实验现象如图（c）所示．①分析比较图 a、b（或a、c） 可知：气体流动时，压强会变小．②分析比较图（b）和（c）可知： 流速越大，压强越小；流速越小，压强越大 ．【考点】流体压强与流速的关系．【专题】气体的压强、流体压强与流速的关系．【分析】根据流体压强与流速的关系：流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．解决此题的关键是要明确向两张纸中间吹起时，两纸中间气体流速与外侧气体流速不同．【解答】解：a图，未吹气时，两纸片内外侧气体流速相同，压强相等，纸片自然下垂；当向中间吹气时，中间的空气流动速度增大，压强减小．纸外侧的压强不变，纸受到向内的压强大于向外的压强，受到向内的压力大于向外的压力，纸在压力差的作用下向中间靠拢，说明气体流速越大的地方压强越小；c图比b图气体流速更快，纸片靠拢得更近，说明流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．故答案为：a、b（或a、c）；流速越大，压强越小；流速越小，压强越大．【点评】抓住实验现象的本质，分析产生现象的原因是解题的关键．本题的解题关键是找出向两张纸中间吹气时，两张纸中间和外侧空气流速特点．16．在图所示的电路中，电源电压保持不变．灯L、电阻R可能出现了故障，闭合电键S后：①若灯L发光，则三个电表中示数一定大于零的是 电流，电压表V2 表．②若灯L不发光，则三个电表中示数可能等于零的是 电压表V1和电流 表．【考点】电流表、电压表在判断电路故障中的应用．【专题】欧姆定律．【分析】根据电路图可知，灯泡和电阻串联，电压表V1测量电阻两端电压，电流表测量电路中的电流，电压表V2测量电源电压；根据具体情况分析故障以及仪表是否有示数．【解答】解：①若灯L发光，说明电路为通路，则故障为R短路，则电压表V1示数为零，电压表V2示数不变，电流表示数变大；故电表示数大于零的仪表为电流表，电压表V2；②若灯L不发光，说明电路有断路或L短路；如果L短路，则电压表V1示数变大，电压表V2示数不变，电流表示数变大；如果R断路，则电压表V1示数变大，电压表V2示数不变，电流表示数为零；如果L断路，则电压表V1示数为零，电压表V2示数不变，电流表示数为零；故答案为：①电流、电压表V2；②电压表V1和电流．【点评】此题考查了有关电流表和电压表在判断电路故障中的应用，首先要理解断路和短路的含义，并结合电路图及电表的示数情况进行分析．解决此题的关键是分析电路的连接方式及电表所测的电路．三、解答题（共6分）17．重为6牛的小球静止在水中，请用力的图示法在图中画出小球受到的浮力．。
2016年上海市初中毕业统一学业考试物理模拟试题(三)及其参考答案
2016年上海市初中毕业统一学业考试物理模拟试题（三）参考答案一、单项选择题（每小题3分，共24分．每小题只有一个选项是正确的，请把正确选项的字母填写在题后的括号内）1．如图所示，把正在响铃的闹钟放在玻璃罩内，逐渐抽出罩内的空气，听到声音逐渐变小，再让空气逐渐进入罩内，听到声音又逐渐变大，这个现象说明( )A．声音的传播需要介质B．声音的传播不需要介质C．空气阻断了声音的传播D．玻璃罩阻断了声音的传播1题图2题图3题图2．如图所示，用铅笔芯做成一个滑动变阻器接入电路，电源电压不变，闭合电键，移动右端的铜环电路正常工作。
过了一会儿，小灯泡熄灭，电压表有示数，故障只发生在灯或铅笔芯上，则该电路中出现的故障是（）A．可能是铅笔芯断路。
B．可能是铅笔芯短路。
C．可能是灯断路。
D．一定是灯短路。
3．如图所示，下列说法正确的是（）A．灯泡发光说明电路中有电流B．金属导线中发生定向移动的电荷是正电荷C．电源的上端是正极D．灯泡发光时，电源将电能转化为化学能4．如图所示，小葱“套圈”出手后，从a点到c点的过程中(不计空气阻力)，下列说法正确的是（）A．“套圈”由a到b过程中，动能逐渐增大B．“套圈”在b点的机械能大于a点的机械能C．“套圈”由b到c过程中，机械能逐渐变小D．“套圈”由a到b再到c过程中重力势能先变大后变小5．在图所示的电路中，电源电压保持不变，当电键S由闭合到断开，使得通过R1的电流减小0.1安，则电路总电阻的变化量ΔR总和总电流的变化量ΔI总分别（）A ΔR总＜R2，ΔI总＝0.1安B ΔR总＜R2，ΔI总＜0.1安C ΔR总＝R2，ΔI总＞0.1安D ΔR总＞R2，ΔI总＝0.1安5题图6题图7题图6．甲、乙两个实心正方体的密度之比ρA∶ρB＝4∶1，质量之比m A∶m B＝1∶2，若按（甲）、（乙）两种不同的方式，分别将它们叠放在水平地面上（如图所示），则地面受到的压力之比和压强之比分别是（）A F甲∶F乙＝1∶1，p甲∶p乙＝1∶4B F甲∶F乙＝1∶1，p甲∶p乙＝1∶2C F甲∶F乙＝1∶2，p甲∶p乙＝4∶1D F甲∶F乙＝1∶3，p甲∶p乙＝1∶87．如图所示电路中电键S闭合后，只有一个电表指针发生偏转，故障可能出现在电阻R、灯L上，则下列判断中正确的是（）A．若L不发光，则L一定无故障B．若L不发光，则L一定有故障C．若L发光，则R一定无故障D．若L发光，则R一定有故障8．如图所示的四种情景中，属于光的直线传播的是( )二、填空题（每空1分，共20分．将正确答案写在题中横线上的空白处）9．电闪雷鸣时，我们先看到闪电后听到雷声，这是因为________；小明同学用秒表测出从看到闪电到听到雷声的时间如图所示，则发生雷电处到他的距离是________ m．（光速是3×108m/s，声音速度是340m/s）9题图10题图10．微型电扇的内部构造如图所示．在完好的微型电扇的插头处接一只发光二极管，用手旋转叶片，将发现二极管发光，这说明_____；微型电扇接入电路中能转动，其工作原理是________．11．小君用刻度尺和三角板按图测一枚纽扣的直径，该刻度尺的分度值是mm，纽扣的直径是cm。
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2016年上海市上实集团联考中考物理模拟试卷（3月份）一．选择题（每题2分，共16分）1．（2分）下列天体中，不属于太阳系八大行星的是（）A．木星B．冥王星C．天王星D．海王星2．（2分）在摄氏温标中，一个人正常的体温约为（）A．0℃B．4℃C．37℃D．100℃3．（2分）下列和声音有关的特征中，会受到距离影响的是（）A．响度B．音调C．音色D．都有关5．（2分）仅使用动滑轮提起重物，下列哪个目标是无法实现的（）A．省力B．省距离C．同时省力和省距离D．以上都不能实现6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两车同时分别从P点和Q 点出发，它们运动的s﹣t图象如图所示，由图象可知两车运动6秒之后（）A．甲、乙两车可能相距1.2米B．甲、乙两车一定相距7.2米C．甲、乙两车的位置可能重合D．甲、乙两车之间的距离一定只有4.8米和7.2米两种可能7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，当滑动变阻器滑片P从最左端向中点移动的过程中，电流表A和电流表A1的示数之比将会（）A．变大B．变小C．先变小，后变大 D．先变大，后变小8．（2分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上．容器甲足够高，并且S甲＜S乙，若将一物体A分别浸入在容器甲的水中、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量△p甲与圆柱体乙对水平地面压强的变化量△p乙之间的关系可能的是（）A．△p甲＞△p乙B．△p甲＜△p乙C．△p甲=△p乙D．以上三种情况都有可能发生二．填空题（每空1分，共23分）9．（3分）上海地区的家庭照明电路的电压是伏．一个灯泡上标有“220V 40W”的字样，其中“40W”的物理意义是，1度电可以供这个灯泡使用小时．10．（3分）蒸汽弹射器是航空母舰上的飞机起飞装置，一般通过航母动力装置产生高温高压的蒸汽，并推动飞机帮助它在短距离内起飞．这说明力可以，在蒸汽推动飞机的过程中蒸汽的能转化为飞机的能．11．（3分）春季晴朗的晚上，小明躺在草地上仰望星空，观察满天繁星和月亮．以月亮为参照物小明是的（选填“静止”或“运动”）；月亮本身并不发光，小明能看见它是因为光的现象；地球上不同地点的人们都可以看到月亮是因为发生了的缘故．12．（3分）某导体两端电压为9V，通过它的电流是0.45A，那么30秒内该导体消耗的电功是焦；该导体的电阻是欧，若导体两端电压变为18V，在忽略温度变化的情况下，该导体的电阻是．13．（3分）如图所示，是某一艘船的吃水线，它表示船体浸没在水面以下的深度．若在某个冬季的早晨，该船停泊在长江中的宝杨路码头卸货，吃水深度是5m，那么此时船底受到的水的压强是帕（设水温为4℃）；等该船卸完货后，船受到的浮力将会，当该船从长江驶入东海后，它所受到的浮力将会．（后两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）14．（4分）在图所示的电路中，电源电压保持不变．由于电阻R、灯L可能出现了故障，闭合电键S，小灯不亮，电压表无示数，电路正常工作．（1）请写出所有可能的故障．（2）先把一个完好的小灯L′并联在R两端，若L和L′都发光，则可以判断故障是；若只有L′发光，则可以判断故障是；若L和L’都不发光，则可以判断故障是．（三空均写出所有可能性）15．（2分）某同学为了“探究影响动能大小的因素”，利用质量不同的实心铝块A 和B、弹簧、光滑轨道等器材进行实验，并通过观察弹簧被压缩的程度来比较铝块的动能大小．如图（a）和（b）所示，他先将弹簧固定在竖直墙面上，然后让铝块A以一定的速度冲向弹簧，压缩弹簧．接着他按图（c）、（d）所示，重新实验，其中v1＜v2．请仔细观察图中铝块的运动和弹簧被压缩的程度，然后归纳得出初步结论．①比较图中的（a）、（b）和（c）实验过程及相关条件可知：．②比较图中的（a）、（b）和（d）实验过程及相关条件可知：．三．作图题（总共8分）16．（2分）根据平面镜成像特点，在图中根据平面镜所成的像作出物体．17．（2分）如图所示，重为120牛的物体在水平地面上运动，受到30牛的水平向右的拉力作用，受到20牛的水平向左的拉力作用，请用力的图示法画出物体水平方向所受的合力．18．（4分）在图中的〇里填上适当的电表符号，闭合电键S，使两只灯泡并联连接．四．计算题19．2千克的水从20℃升高到100℃需要吸收多少热量？【C水=4.2×103焦/（千克•℃）】．20．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，底面积为3S，容器高0.25米，内盛0.15米深的水．（1）若容器的底面积为5×10﹣2米2，求容器中水的质量m．（2）求0.05米深处水的压强p．（3）现有面积为S、密度为6ρ水圆柱体乙，如图（b）所示，在乙上方沿水平方向切去高为△h的部分A（△h＜0.3米），将A放入容器甲中（A与甲底部没有密合），并将此时的容器置于剩余圆柱体B的上方中央．（a）若要使水对容器底部的压强p水最大，求切去部分A高度的最小值△h小．（b）求此时水对容器底部的压强p水与地面受到的压强p地的比值．21．在如图所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为35欧，R2上有“200Ω 1A”的字样．闭合电键S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数为7.5伏，求：（1）电路中的电流及电路消耗的总功率；（2）用定值电阻R 0替换R1，在电路正常工作的前提下，使变阻器滑片在移动过程中电表达到满刻度的次数要最多（包括更换量程），求电阻R0的取值范围是欧到欧．（第2小题需要过程）五．实验题22．实验室中，常用天平来测量物体的，测量时应将放在天平的右盘内（选填“物体”或“砝码”）．“测定物质的密度”和“探究物质的质量与体积关系”两个实验中都进行了多次测量，其多次测量的目的（选填“相同”或“不同”）；若要测量某固体的密度，实验中需要先测量该物体的（选填“质量”或“体积”）．23．在图中，凸透镜的焦矩为10厘米，实验时应先调整光屏的，以保证烛焰的像能在光屏的，若保持图中透镜的位置不变，将蜡烛移至光具座的“20厘米”刻度处．则应在厘米刻度范围内移动光屏寻找像（选填“60～70”或“大于70”），直到光屏上的像最为止．24．甲、乙同学分别做“测定小灯泡的电功率”实验，他们使用的器材中，电源电压相同且不变（为1.5伏的整数倍），滑动变阻器两个（分别标有“10Ω 2A”和“20Ω 2A”字样），待测的两小灯额定电压分别为2.2伏和6.3伏．甲、乙两同学各自选取一个变阻器、小灯及其它器材按要求正确连接电路，并进行实验．甲同学闭合电键后，发现移动滑动变阻器的滑片时电压表、电流表示数均有变化，但是小灯发光始终较暗；乙同学闭合电建后，观察到电流表示数为0.14安，当滑片移动到中点时（即滑动变阻器接入一半的电阻），小灯正常发光．实验中所用的电源电压为伏．乙同学所测小灯的额定电功率为瓦，选用的滑动变阻器最大阻值为欧．25．为了“探究凸透镜成实像的规律”，某小组同学利用焦距f为10厘米的凸透镜、一个高度为3厘米的发光体、光屏和光具座等进行实验．实验中，他们正确组装和调试实验器材，按表一、表二中的物距u依次进行实验，每次都使光屏上发光体的像最清晰，并将相应的像距v、成像情况记录在表格中．（1）分析比较实验序号1或2或3数据中物距u、像距v与焦距f、2倍焦距之间的关系及成像情况，可得出的初步结论是：．表一表二（2）分析比较实验序号数据中物距u、像距v与焦距f、2倍焦距之间的关系及成像情况，可得出的初步结论是：当物距u大于凸透镜的焦距且小于2倍焦距时，物体成放大的实像，像距v大于2倍焦距．（3）小明同学在进一步分析比较表一与表二中的数据及成像情况后，提出了一个猜想：“可能存在这样的情况：当物体处于凸透镜的某一特定位置时，会成等大的实像”．（a）为了验证该猜想，小明继续进行实验，他首先在表一或表二基础上再做当物距u为厘米时的成像情况．（b）为了进一步验证该猜想，小明在原有实验器材的基础上，再添加了器材，并设计了有关实验记录表（表三），请完成表三中空格处的填写．表三2016年上海市上实集团联考中考物理模拟试卷（3月份）参考答案与试题解析一．选择题（每题2分，共16分）1．（2分）下列天体中，不属于太阳系八大行星的是（）A．木星B．冥王星C．天王星D．海王星【解答】解：从2006年8月24日11起，新的太阳系八大行星分别是：金星、木星、水星、火星、土星、地球、天王星和海王星．冥王星已经被称为“矮行星”，不在太阳系八大行星之列．故选B．2．（2分）在摄氏温标中，一个人正常的体温约为（）A．0℃B．4℃C．37℃D．100℃【解答】解：正常情况下，人的体温在37℃左右，变化的范围非常小．故选C．3．（2分）下列和声音有关的特征中，会受到距离影响的是（）A．响度B．音调C．音色D．都有关【解答】解：A、响度指声音的强弱或大小，与声源振幅、距声源的距离有关；故A正确；B、音调是指声音的高低，影响因素是频率，与距声源的距离无关；故B错误；C、音色由发声体本身决定，与距声源的距离无关；故C错误；D、综上所述，选项D错误；故选：A．5．（2分）仅使用动滑轮提起重物，下列哪个目标是无法实现的（）A．省力B．省距离C．同时省力和省距离D．以上都不能实现【解答】解：动滑轮是一个省力杠杆，其动力臂是阻力臂的2倍，省力但费距离，并且不能改变力的方向，所以A能实现；B、C不能实现；故选B、C．6．（2分）P、Q是同一直线上相距6米的两点，甲、乙两车同时分别从P点和Q 点出发，它们运动的s﹣t图象如图所示，由图象可知两车运动6秒之后（）A．甲、乙两车可能相距1.2米B．甲、乙两车一定相距7.2米C．甲、乙两车的位置可能重合D．甲、乙两车之间的距离一定只有4.8米和7.2米两种可能【解答】解：由图象中的数据和函数（s﹣t）关系，可看出甲、乙两车做匀速直线运动，在图甲的图象中可看出，当时间为6s时，路程为2.4m；在图乙的图象中可看出，当时间为6s时，路程为3.6m；已知P、Q是同一直线上相距6米的两点，（1）若相向而行，且甲车在左边，乙车在右边，如图所示：则两车运动6秒之后甲、乙两车相距s1=6m﹣2.4m+3.6m=7.2m，（2）若相对而行，且甲车在左边，乙车在右边，如图所示：则两车运动6秒之后甲、乙两车相距s2=6m﹣2.4m﹣3.6m=0m，则甲、乙两车的位置可能重合；（3）若相向而行，且甲车在左边，乙车在右边，如图所示：则两车运动6秒之后甲、乙两车相距s3=6m﹣3.6m+2.4m=4.8m．故ABD错误，C正确．故选C．7．（2分）在如图所示的电路中，电源电压保持不变．闭合电键S后，当滑动变阻器滑片P从最左端向中点移动的过程中，电流表A和电流表A1的示数之比将会（）A．变大B．变小C．先变小，后变大 D．先变大，后变小【解答】解：由图可知，R1与滑动变阻器并联，A1测变阻器支路的电流，A测干路电流；根据并联电路干路电流等于各支路电流之和可知，电流表A的示数为I=I1+I2，则电流表A和电流表A1的示数之比为==+1，由于当滑片P自左端向中点移动时，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可知，通过变阻器支路的电流I2变大；而通过R1的电流I1不变，所以，的值变小．故选B．8．（2分）如图所示，薄壁圆柱形容器甲和圆柱体乙置于水平地面上．容器甲足够高，并且S甲＜S乙，若将一物体A分别浸入在容器甲的水中、放在圆柱体乙上表面的中央时，水对容器甲底部压强的变化量△p甲与圆柱体乙对水平地面压强的变化量△p乙之间的关系可能的是（）A．△p甲＞△p乙B．△p甲＜△p乙C．△p甲=△p乙D．以上三种情况都有可能发生【解答】解：物体A浸入水中，可能处于漂浮、悬浮、下沉，则物体受到浮力可能等于小于物体重力，根据液体对物体的浮力和物体对液体的压力是一对相互作用力，则增加压力为物体的浮力，根据△P甲=；物体A放在乙上面△F=G A，根据△P乙=；根据S甲＜S乙，当物体A漂浮或悬浮时，F浮=GA，则△P甲＞△P乙；当物体A下沉时，F浮＜GA，则可能△P甲=△P乙，△P甲＞△P乙故选D．二．填空题（每空1分，共23分）9．（3分）上海地区的家庭照明电路的电压是220伏．一个灯泡上标有“220V 40W”的字样，其中“40W”的物理意义是小灯泡的额定功率是40W，1度电可以供这个灯泡使用25小时．【解答】解：家庭电路电压是220V，所以上海地区的家庭照明电路的电压是220伏．一个灯泡上标有“220V 40W”的字样，其中“40W”的物理意义是小灯泡的额定功率是40W，由P=可得t===25h．故答案为：220；小灯泡的额定功率是40W；25．10．（3分）蒸汽弹射器是航空母舰上的飞机起飞装置，一般通过航母动力装置产生高温高压的蒸汽，并推动飞机帮助它在短距离内起飞．这说明力可以物体的运动状态，在蒸汽推动飞机的过程中蒸汽的内能转化为飞机的机械能．【解答】解：蒸汽弹射器产生高温高压的蒸汽，推动飞机起飞，使它由静止变为运动，这说明力可以改变物体的运动状态；航母上简化的蒸汽弹射装置中，气缸内蒸汽体积膨胀，对外做功，内能减少，推动活塞运动，使舰载飞机获得巨大的动能（机械能）．故答案为：物体的运动状态；内；机械．11．（3分）春季晴朗的晚上，小明躺在草地上仰望星空，观察满天繁星和月亮．以月亮为参照物小明是运动的（选填“静止”或“运动”）；月亮本身并不发光，小明能看见它是因为光的反射现象；地球上不同地点的人们都可以看到月亮是因为发生了漫反射的缘故．【解答】解：以月亮为参照物，小明相对月亮发生了位置的变化，所以是运动的；我们能够看见不发光的物体，是因为物体反射的光进入了我们的眼睛，所以月亮本身并不发光，小明能看见它是因为在月亮表面发生了光的反射现象；地球上不同地点的人们都可以看到月亮是因为发生了漫反射的缘故．故答案为：运动；反射；漫反射．12．（3分）某导体两端电压为9V，通过它的电流是0.45A，那么30秒内该导体消耗的电功是121.5焦；该导体的电阻是20欧，若导体两端电压变为18V，在忽略温度变化的情况下，该导体的电阻是20Ω．【解答】解：导体消耗的电能：W=UIt=9V×0.45A×30s=121.5J．由I=可得，导体的电阻：R===20Ω，因电阻是导体本身的一种性质，与两端的电压和通过的电流无关，所以，当导体两端的电压增加到18V时，导体的电阻仍为20Ω不变．故答案为：121.5；20；20Ω．13．（3分）如图所示，是某一艘船的吃水线，它表示船体浸没在水面以下的深度．若在某个冬季的早晨，该船停泊在长江中的宝杨路码头卸货，吃水深度是5m，那么此时船底受到的水的压强是 4.9×104帕（设水温为4℃）；等该船卸完货后，船受到的浮力将会变小，当该船从长江驶入东海后，它所受到的浮力将会不变．（后两空均选填“变大”、“变小”或“不变”）gh=1.0×103kg/m3×9.8N/kg×5m=4.9【解答】解：（1）船底受到海水的压强p=ρ海×104Pa．（2）等该船卸完货后，重力减小，轮船仍然漂浮，由F=G可知，船受到的浮浮力将会变小；轮船从长江驶入东海，自身重力不变，轮船漂浮，F=G，浮所以轮船受到长江水和海水的浮力不变，都等于轮船受到的重力G，故答案为：4.9×104；变小；不变．14．（4分）在图所示的电路中，电源电压保持不变．由于电阻R、灯L可能出现了故障，闭合电键S，小灯不亮，电压表无示数，电路正常工作．（1）请写出所有可能的故障L短路．（2）先把一个完好的小灯L′并联在R两端，若L和L′都发光，则可以判断故障是R断路；若只有L′发光，则可以判断故障是L短路；若L和L’都不发光，则可以判断故障是L断路．（三空均写出所有可能性）【解答】解：（1）根据电路图可知，小灯泡和电阻串联、电压表V测量的是灯泡L两端的电压，小灯泡不亮，电压表无示数，说明电路中出现了断路或短路．当小灯泡L出现短路时，灯泡不发光，电压表V与一段导线并联，没有示数；当电阻R断路时，电路中没有电流通过，灯泡不发光，电压表没有示数；又知道电路正常工作，所以故障原因为：L短路；（2）先把一个完好的小灯L′并联在R两端，若L和L′都发光，则可以判断故障是R断路；若只有L′发光，则可以判断故障是L短路；若L和L′都不发光，则可以判断故障是L断路．故答案为：（1）L短路；（2）R断路；L短路；L断路．15．（2分）某同学为了“探究影响动能大小的因素”，利用质量不同的实心铝块A 和B、弹簧、光滑轨道等器材进行实验，并通过观察弹簧被压缩的程度来比较铝块的动能大小．如图（a）和（b）所示，他先将弹簧固定在竖直墙面上，然后让铝块A以一定的速度冲向弹簧，压缩弹簧．接着他按图（c）、（d）所示，重新实验，其中v1＜v2．请仔细观察图中铝块的运动和弹簧被压缩的程度，然后归纳得出初步结论．①比较图中的（a）、（b）和（c）实验过程及相关条件可知：当物体质量相同，速度大的，动能大．②比较图中的（a）、（b）和（d）实验过程及相关条件可知：当物体速度相同，质量大的，动能大．【解答】解：①图中的（a）、（b）和（c）实验过程中，铝块的质量相同，但是速度不同，速度大的铝块撞击弹簧时，弹簧被压缩的程度明显，说明当物体质量相同，速度大的，动能大．②图中的（a）、（b）和（d）实验过程中，铝块的速度相同，但是质量不同，质量大的铝块撞击弹簧时，弹簧被压缩的程度明显，说明当物体速度相同，质量大的，动能大．故答案为：①当物体质量相同，速度大的，动能大；②当物体速度相同，质量大的，动能大．三．作图题（总共8分）16．（2分）根据平面镜成像特点，在图中根据平面镜所成的像作出物体．【解答】解：分别作出物体A′B′端点A′、B′关于平面镜的对称点A、B，用实线连接A、B即为物体AB．如图：17．（2分）如图所示，重为120牛的物体在水平地面上运动，受到30牛的水平向右的拉力作用，受到20牛的水平向左的拉力作用，请用力的图示法画出物体水平方向所受的合力．【解答】解：（1）二力在同一直线上，方向相反，则F=30N﹣20N=10N，方向合水平向右；（2）过物体的重心沿水平向右的方向画一条带箭头的线段，大小为10N，如图所示：18．（4分）在图中的〇里填上适当的电表符号，闭合电键S，使两只灯泡并联连接．【解答】解：最上面的圈与灯串联，因此为电流表；中间的圈在干路上，与电源串联，因此是电流表；中间的为电流表，下面的为电压表，否则会使电源短路，如图所示：四．计算题19．2千克的水从20℃升高到100℃需要吸收多少热量？【C水=4.2×103焦/（千克•℃）】．【解答】解：水吸收的热量：Q吸=cm△t=4.2×103J/（kg•℃）×2kg×（100℃﹣20℃）=6.72×105J．答：2千克的水从20℃升高到100℃需要吸收6.72×105J热量．20．如图（a）所示，轻质薄壁圆柱形容器甲置于水平地面，底面积为3S，容器高0.25米，内盛0.15米深的水．（1）若容器的底面积为5×10﹣2米2，求容器中水的质量m．（2）求0.05米深处水的压强p．（3）现有面积为S、密度为6ρ水圆柱体乙，如图（b）所示，在乙上方沿水平方向切去高为△h的部分A（△h＜0.3米），将A放入容器甲中（A与甲底部没有密合），并将此时的容器置于剩余圆柱体B的上方中央．（a）若要使水对容器底部的压强p水最大，求切去部分A高度的最小值△h小．（b）求此时水对容器底部的压强p水与地面受到的压强p地的比值．【解答】解：（1）水的体积V=Sh=5×10﹣2m2×0.15m=7.5×10﹣3m3，由ρ=得容器中水的质量：m=ρV=1×103kg/m3×7.5×10﹣3m3=7.5kg；（2）0.05米深处水的压强：p=ρgh=1×103kg/m3×9.8N/kg×0.05m=49Pa；（3）①若要使水对容器底部的压强p水最大，需要水深最大，排开水的体积：V排=（0.25m﹣0.15m）×5×10﹣2m2=5×10﹣3m3，则A的最小体积V A=V排=5×10﹣3m3，△h最小值：△h最小===0.3m=30cm；②水对容器底部的压强最大压强：p水=ρgh=0.25mρ水g；当0.3m＞△h≥0.25m时溢出的水最多、地面受到的压力最小，地面受到的压强最小：p地====2.2mρ水g，p水：p地=0.25m×ρ水g：2.2m×ρ水g=5：44=．答：（1）容器中水的质量为7.5kg；（2）0.05米深处水的压强为490Pa；（3）①切去部分A高度的最小值为30cm；②切去部分A高度0.3m＞△h≥0.2m，比值为．21．在如图所示的电路中，电源电压为18伏且保持不变，电阻R1的阻值为35欧，R2上有“200Ω 1A”的字样．闭合电键S，移动滑动变阻器滑片P到某一位置时，电压表的示数为7.5伏，求：（1）电路中的电流及电路消耗的总功率；（2）用定值电阻R0替换R1，在电路正常工作的前提下，使变阻器滑片在移动过程中电表达到满刻度的次数要最多（包括更换量程），求电阻R0的取值范围是0欧到30欧．（第2小题需要过程）【解答】解：（1）由图可知：R1、R2串联，根据串联电路的总电压等于各支路两端的电压之和可知：电阻R1两端的电压U1=U﹣U2=18V﹣7.5V=10.5V；则电路中的电流I=I1===0.3A；所以电路消耗的总功率P=UI=18V×0.3A=5.4W．（2）①由滑动变阻器铭牌知：电路中的电流不能超过1A，所以电流表能达到满刻度只有0.6A，当电路中电流为0.6A时，由欧姆定律可知总电阻R===30Ω，所以电阻R0最大为30Ω．②当压表选用的量程是0～3V，指针达到满刻度，即U2′=3V，根据串联电路的电压特点可知：R0两端电压U0=U﹣U2′=18V﹣3V=15V，由于电路中的电流相等，则=，即：=，解得：R0=5R2，所以R0取值范围为0～1000Ω．③当压表选用的量程是0～15V，指针达到满刻度，即U2′=15V，根据串联电路的电压特点可知：R0两端电压U0=U﹣U2′=18V﹣15V=3V，由于电路中的电流相等，则=，即：=，解得：R0=0.2R2，所以R 0取值范围为0～40Ω，由上分析可知：R0取值范围为0～30Ω．所以电表达到满刻度的次数最多的电阻是30Ω．答：（1）电路消耗的总功率P=UI=18V×0.3A=5.4W．（2）0；30．五．实验题22．实验室中，常用天平来测量物体的质量，测量时应将砝码放在天平的右盘内（选填“物体”或“砝码”）．“测定物质的密度”和“探究物质的质量与体积关系”两个实验中都进行了多次测量，其多次测量的目的不同（选填“相同”或“不同”）；若要测量某固体的密度，实验中需要先测量该物体的质量（选填“质量”或“体积”）．【解答】解：（1）天平是测量物体质量的仪器．在调节好天平以后，把物体放在天平的左盘，砝码放在天平的右盘．（2）“探究物质质量与体积的关系”和“测定物质的密度”实验中，都需要测量质量和体积，所以用到的器材是相同的；在“探究物质质量与体积的关系”实验中多次测量的目的是为了对数据分析，得到质量与体积的关系；而在“测定物质的密度”实验中多次测量的目的是为了多次测量求平均值，减小误差，因此两个实验的目的不同；若要测量某固体的密度，实验中需要先测量该物体的质量，因为先测体积时，物体上会沾有水，使得物体质量变大．故答案为：质量；砝码；不同；质量．23．在图中，凸透镜的焦矩为10厘米，实验时应先调整光屏的高度，以保证烛焰的像能在光屏的中央，若保持图中透镜的位置不变，将蜡烛移至光具座的“20厘米”刻度处．则应在60～70厘米刻度范围内移动光屏寻找像（选填“60～70”或“大于70”），直到光屏上的像最清晰为止．【解答】解：（1）在探究凸透镜成像规律的实验中，烛焰、透镜、光屏三者的中心要在同一高度，以保证烛焰的像能在光屏的中央．（2）因为凸透镜的焦矩f=10cm，透镜在“50厘米”刻度处，蜡烛在光具座的“20厘米”刻度处，即u=30cm，u＞2f，此时，2f＞v＞f，所以应在60～70厘米刻度范围内移动光屏寻找像，并且直到光屏上得到最清晰的像才算找到像的位置．故答案为：高度，中央，60～70，清晰．24．甲、乙同学分别做“测定小灯泡的电功率”实验，他们使用的器材中，电源电压相同且不变（为1.5伏的整数倍），滑动变阻器两个（分别标有“10Ω 2A”和“20Ω 2A”字样），待测的两小灯额定电压分别为2.2伏和6.3伏．甲、乙两同学各自选取一个变阻器、小灯及其它器材按要求正确连接电路，并进行实验．甲同学闭合电键后，发现移动滑动变阻器的滑片时电压表、电流表示数均有变化，但是小灯发光始终较暗；乙同学闭合电建后，观察到电流表示数为0.14安，当滑片移动到中点时（即滑动变阻器接入一半的电阻），小灯正常发光．实验中所用的电源电压为3伏．乙同学所测小灯的额定电功率为0.352瓦，选用的滑动变阻器最大阻值为10欧．【解答】因为甲同学闭合电键后，发现移动滑动变阻器的滑片时电压表、电流表示数均有变化，但是小灯发光始终较暗，说明灯泡两端电压小于灯泡的额定电压；因为待测的两小灯额定电压分别为2.2伏和6.3伏，则电源电压可能为3V或7.5V，由于其中一个灯泡始终无法达到额定电压，所以电源电压为3V；乙同学实验时，灯泡正常发光，则灯泡两端电压为2.2V，则滑动变阻器两端电压。