2007年高三物理第二轮专题复习课件 牛顿运动定律的应用.ppt
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1、受到外力作用的“两体模型” 2、滑动摩擦联系的“两体模型” 3、弹簧弹力联系的“两体模型” 4、往复相对运动的“两体模型” 5、多体系统转化的“两体模型”
由于“两体模型”除了相互 作用的恒定内力外，还受到其他 的恒定外力作用，使得“两体模 型”的总动量发生改变，所以对 于以这样的“两体模型”为背景 形成的“两体问题”，通常可以 选用牛顿运动定律和运动学公式 分析求解。
b F h
解：
mg ma1
s b 1 2 a1t1 2
a1 2m / s 2
t1 1s
a2 4m / s 2
F 500 N
v1 2m / s
1 s a 2 t12 2
F mg Ma2
v1 a1t1
v2 a2 t1
F Ma
v2 4m / s
① ②
条件常常来自于审题 2 ＝ 2a x v时的实践意识 1 1
v2 ＝ 2 a 2x 2
③ ④ ⑤
l /2
x a1 x1 v a2 x2
盘没从桌面掉下的条件
x1+x2≤l/2
设圆盘在桌布上运动时间为t ，这段 时间桌布移动距离为x，有 x ＝ a t 2/2 ⑥ x1＝ a1t2/2 ⑦ x ＝ x1 + l/2 ⑧ 1 2 2 1 g 解得： a≥ ⑨ 2
3分 没有分析过程，只有最后答案 黑色痕迹的长度 l= s0－s 1分 的，得5分。 由以上各式得 过程正确，没化简的，扣 2分 2 2 2 v0 (a 0 g ) v0 v0 l 4分 l 2a 0 g 2g 2a 0
1 s0 a 0 t 2 v 0 t 圆盘最后未从桌面掉下，则加速度 a 满足的条件是什 么？（以g表示重力加速度） B A a
解答 设圆盘质量为m，桌长为l，盘在 桌布、桌面上的加速度为a1和a2，有
μ1 mg ＝ ma1 μ2 mg ＝ ma2
设盘离开桌布时速度为v1，移动距离 发掘出题目中的隐含 为x1，再在桌面上运动x2停下，有
（2）汽车制动后运动的 时间为
v 2L t2 g v
s1 s2 L
2004年高考全国理综试卷（Ⅱ）第25题
一小圆盘静止在桌布上，位于一方桌的水平桌面中央。 桌布的一边与桌的AB边重合，如图。已知盘与桌布间的动摩 擦因数为 μ1，盘与桌面间的动摩擦因数为 μ2。 现突然以恒定
的加速度 a 将桌布抽离桌面，加速度的方向水平且垂直于AB
(v 0 g s 2 2g v0 2 ) a0
(a 0 g ) 2 2 v 0 10分 2 2a 0 g
2、图像法
画出v－t图，利用图线分析，指出哪部分 为所求的量，至于面积从哪个角度求都 可以
v v0 A B
O
t1
t2
t
习题1：如图所示，质量为M的汽车载着质量 为m的木箱以速度v运动，木箱与汽车上表面间的 动摩擦因数为μ，木箱与汽车前端挡板相距L， 若汽车遇到障碍物制动而静止时，木箱恰好没碰 到汽车前端挡板，求： （1）汽车制动时所受路面的阻力大小； （2）汽车制动后运动的时间。
再见
0
2
0
0
2a
传送带上留下的黑色痕迹的长度 l=s0－s 2 1分 2 2 v 由以上各式得 l 0 (a 0 g ) 4分 l v 0 v 0 2g 2a 0 2a 0 g
24.解：煤块的加速度a,传送带的加速度a0。根据牛顿定 律，可得 1分 a=μg 设经历时间t，传送带速度为v0，煤块速度为v，有 v0=a0t 2分 v=at 2分 再经过时间t’，煤块的速度由v增加到v0，有 v0=v+at' 能写出其中任一部分的，得2分。 2分 主要错误就在没有匀速运动部分 设传送带和煤块移动的距离分别为s0和s，有
2006年高考全国理综试卷
24.(19分)一水平的浅色长传送带上放置一 煤块（可视为质点），煤块与传送带之间 的动摩擦因数为μ。初始时，传送带与煤 块都是静止的。现让传送带以恒定的加速 度a0开始运动，当其速度达到v0后，便以 此速度做匀速运动。经过一段时间，煤块 在传送带上留下了一段黑色痕迹后，煤块 相对于传送带不再滑动。求此黑色痕迹的 长度。
联系实际将不难想到： 桌布加速度的大小将影响 着圆盘在桌布上的运动时 间 t， 然而许多学生并没 有发掘出这个条件。
习题2：如图所示，质量为M=100kg的平板车放 在光滑水平面上，车高为h=1.25m，一个质量为 m=50kg的可视为质点的物体放在车上，距左端b=1m， 物体与平板车上表面间的动摩擦因数为μ=0.2，取 g=10m/s2。今对平板车施加水平向右的恒力F，当 车运动的位移为s=2m时，物体恰从车的左端滑离平 板车，求物体着地时距平板车左端多远？
L v
解：
mg ma1
0 v a1t1
1 2 s1 vt 1 a1t1 2
由此解得： （1）汽车制动时所受路面 的阻力大小为
Mgv2 f m g 2 v 2gL
f mg Ma2
0 v a2 t 2
1 2 s 2 vt 2 a 2 t 2 2
24.解：根据“传送带上有黑色痕迹”可知，煤块与传送 带之间发生了相对滑动，煤块的加速度a小于传送带的加 速度a0。根据牛顿定律，可得 a=μg 1分 设经历时间t，传送带由静止开始加速到速度等于v0， 煤块则由静止加速到v，有 v0=a0t 2分 v=at 2分 由于a<a0，故v<v0，煤块继续受到滑动摩擦力的作用。 再经过时间t'，煤块的速度由v增加到v0，有 v0=v+at' 2分 此后，煤块与传送带运动速度相同，相对于传送带不再 滑动，不再产生新的痕迹。 设在煤块的速度从0增加到v0的整个过程中，传送带和 煤块移动的距离分别为s0和s，有 2 v 0 1 2 / 3分 s s a t v t 4分
其它方法求解的：1、相对运动的观点
1 写出 s1 a 相 t 2 2
2分 2分 4分 2分 1分 7分
a相 a0 a a0 g
s 2
/
1 gt / 2 2
v0 v0 t g a 0
l s1 s2
v0 2 1 s1 (a 0 g )( ) 2 a0
a 5m / s 2
t 2 0.5s
h
s1 v1t 2
1 2 gt 2 2
1 2 at 2 2
s1 1m
s 2 2.625m
s2 v2 t 2
s s2 s1
s 1.625 m
小结：
• • • • 仔细审题，找已知量、未知量； 创设物理情景，建立物理模型； 分析物理过程，找内在联系、隐含条件； 列式求解，并对结果分析验证。
牛顿定律应用
多物体多过程问题
慈溪市三山高级中学 物理组
“两体模型”：两个物体构成的系统。 “两体问题”:以“两体模型”所经历的物理过程为 背景而提出的运动学或动力学问题。 分析与解答“两体问题”的物理规律，通常包括 运动学规律、牛顿运动定律及建立在牛顿运动定律基 础上的动量定理、动能定理、动量守恒定律、机械能 守恒定律和相应的功能关系。
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2007年高三物理第二轮专题复习课件-牛顿运动定律的应用.ppt(共18张)
v1 2m / s v2 4m / s
a 5m / s2 t2 0.5s
s1 1m
s2 2.625 m
s 1.625m
第15页，共18页。
小结 ： (xiǎojié)
• 仔细审题，找已知量、未知量； • 创设物理情景，建立物理模型； • 分析物理过程，找内在联系、隐含条件； • 列式求解，并对结果分析验证。
b
F h
第14页，共18页。
解：
mg ma1
s
b
1 2
a1t12
s
1 2
a2t12
F mg Ma2
v1 a1t1 v2 a2t1
F Ma
h
1 2
gt22
s1 v1t2
s2
v2t2
1 2
at22
s s2 s1
a1 2m / s2
t1 1s a2 4m / s2
F 500N
f mg Mgv2 v2 2gL
（2）汽车制动后运动的时间为
t2
v
g
2L v
第11页，共18页。
2004年高考全国理综试卷（Ⅱ）第25题
一小圆盘静止在桌布上，位于一方桌的水平(shuǐpíng)桌面中央。
桌布的一边与桌的AB边重合，如图。已知盘与桌布间的动摩擦因数
为μ1，盘与桌面间的动摩擦因数为μ2。现突然以恒定的加速度 a 将 桌布抽离桌面，加速度的方向水平且垂直于AB边。若圆盘最后未从
黑s色0 痕12迹a的0t 2长度v0 由以上各式得
t / 4分
s
v
2 0
3分
l=s0没 得－有5s分分。析1过分程，只2a有最后答案的，
l v02 (a0 g) 2a0 g
a 5m / s2 t2 0.5s
s1 1m
s2 2.625 m
s 1.625m
第15页，共18页。
小结 ： (xiǎojié)
• 仔细审题，找已知量、未知量； • 创设物理情景，建立物理模型； • 分析物理过程，找内在联系、隐含条件； • 列式求解，并对结果分析验证。
b
F h
第14页，共18页。
解：
mg ma1
s
b
1 2
a1t12
s
1 2
a2t12
F mg Ma2
v1 a1t1 v2 a2t1
F Ma
h
1 2
gt22
s1 v1t2
s2
v2t2
1 2
at22
s s2 s1
a1 2m / s2
t1 1s a2 4m / s2
F 500N
f mg Mgv2 v2 2gL
（2）汽车制动后运动的时间为
t2
v
g
2L v
第11页，共18页。
2004年高考全国理综试卷（Ⅱ）第25题
一小圆盘静止在桌布上，位于一方桌的水平(shuǐpíng)桌面中央。
桌布的一边与桌的AB边重合，如图。已知盘与桌布间的动摩擦因数
为μ1，盘与桌面间的动摩擦因数为μ2。现突然以恒定的加速度 a 将 桌布抽离桌面，加速度的方向水平且垂直于AB边。若圆盘最后未从
黑s色0 痕12迹a的0t 2长度v0 由以上各式得
t / 4分
s
v
2 0
3分
l=s0没 得－有5s分分。析1过分程，只2a有最后答案的，
l v02 (a0 g) 2a0 g
高中物理【牛顿运动定律的应用】复习课件
2
g
上述结论可推导出以下两个推论: ①质点从竖直圆环上最高点沿不同的光滑弦由静止开始滑到下端所用时间相等,如图乙所示; ②两个竖直圆环相切且两环的竖直直径均过切点,质点沿过切点的不同的光滑弦由静止开 始滑到下端所用时间相等,如图丙所示。
处理等时圆问题的解题思路:
定点 2 | 连接体问题 1.连接体及其特点
典例 如图所示, 传送带与水平地面间的夹角θ=37°,传送带顶端A到底端B的长度L=23.2 m,传 送带始终以v0=8 m/s的速度逆时针转动【1】。在传送带顶端A轻放【2】一质量m=0.5 kg的煤块, 已知煤块与传送带间的动摩擦因数μ=0.5【3】,取sin 37°=0.6,cos 37°=0.8,重力加速度g=10 m/s2, 求:煤块从传送带顶端A运动到底端B所需的时间t。
牛顿运动定律的应用
必备知识 清单破
知识点 1 | 牛顿第二定律的作用 牛顿第二定律确定了运动和力的关系,把物体的运动情况与受力情况联系起来。
知识点 2 | 从受力确定运动情况 1.问题概述
已知物体受力情况确定运动情况,指的是在受力情况已知的条件下,判断出物体的运动状 态或求出物体运动相关参量。
2.解题思路 (1)分析对象→确定研究对象,进行受力分析和运动分析,并画出物体的受力示意图。 (2)求合外力→根据力的合成与分解,求出物体所受的合外力的大小和方向。 (3)求加速度→根据牛顿第二定律列方程,求出物体的加速度。 (4)求运动量→结合给定物体运动的初始条件,选择运动学公式,求出运动参量。
质点从竖直圆环上沿不同的光滑弦由静止开始下滑到环的最低点所用时间相等,如图
甲所示。证明如下:质点沿竖直直径下滑时,做自由落体运动,有2R= 1 gt2,则运动时间为t=2
高考物理二轮专题复习 第2课 牛顿运动定律及其应用课
K 考题 专项 训练
解析 考查xt图象．由图可知，在t1时刻是b车追 上a车，A错误；图线的倾斜方向代表车的运动方向，
向上倾斜代表与正方向相同，向下倾斜代表与正方
栏
向相反，图象的斜率的绝对值代表速率，B、C正
目
链
确，D错误．
接
答案 BC
K 考题 专项 训 练 变式训练
1．一个质量为0.3 kg的物体沿水平面做直线运动，
栏 目 链 接
K 考题 专项 训练
题型一图象问题（A层次）
例1(双选)如图，直线a和曲线b分别是在平直公路上行 驶的汽车a和b的位置－时间(xt)图线．由图可知( )
A．在时刻t1，a车追上b车
栏 目 链
接
பைடு நூலகம்
B．在时刻t2，a、b两车运动方向相反
C．在t1到t2这段时间内，b车的速率先减少后增加
D．在t1到t2这段时间内，b车的速率一直比a车的大
K 考点 精辟 解析
(2)平均速度 v＝v0＋2 vt，中间时刻的瞬时速度等于平均速
度，即 v t ＝v；
2
栏
目
(3)逆向思维法：将匀减速直线运动转换成初速度为零的匀
链
接
加速直线运动进行处理．如竖直上抛运动上升阶段的逆运动为
自由落体运动．
K 考点 精辟 解析
3．st图象与vt图象的比较．
栏 目 链 接
目
连接体问题；④运用超重和失重的知识定性分析力学现
链
接
象．
近年高考的趋势——重点考查“方法”与“能力”， 在本章考点中得以充分体现．如牛顿第二定律与第三定律 的综合应用，物理图象、瞬时效应(力的矢量性与瞬时性)、 临界状态等，必须灵活掌握，熟练应用．
高考物理二轮复习PPT课件_牛顿运动定律的综合应用
【名校课堂】获奖P P T - 高考物理二轮复习课件：牛顿运动定律的 综合应 用（最 新版本 ）推荐
【名校课堂】获奖P P T - 高考物理二轮复习课件：牛顿运动定律的 综合应 用（最 新版本 ）推荐
技巧3:即使第一问错了,也不要放弃第二问、第三问。 阅卷不重复扣分,如错误只在第一问,第二问的过程没错,结果错误也仅仅是第 一问的错误造成的,则第二问照样可以得满分。 技巧4:表示物理量时,尽可能使用题中所给的字母或物理学科常用的字母表示。 公式正确,而物理量表示不明确也是要扣分或不得分的。
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课时提升作业
九 牛顿运动定律的综合应用 (建议用时60分钟)
【基础练】
1.kg和s是国际单位制两个基本单位的符号,这两个基本单位对应的物理量
(3)核心规律: ①共点力平衡的知识:F合=0。 ②胡克定律:F=kΔx。 ③初速度为零的匀加速直线运动的规律:x 1at2, xⅠ 1。
2 xⅡ 3
④牛顿第二定律:F合=ma。
【规范解答】
解: (1)对整体分析,根据平衡条件可知,沿斜面方向上重力的分力与弹簧弹力
平衡,则有:kx0=(m+53 m)gsinθ
长的时间,b距其出发点的距离恰好也为x0。弹簧的形变始终在弹性限度内,重 力加速度大小为g。求:
(1)弹簧的劲度系数。 (2)物块b加速度的大小。 (3)在物块a、b分离前,外力大小随时间变化的关系式。
【解题关键】 (1)信息提取: ①固定光滑斜面→小物块a、b均不受摩擦力。 ②使b始终做匀加速直线运动→小物块a、b的加速度始终不变。 ③弹簧的形变始终在弹性限度内→弹簧的弹力满足胡克定律。 (2)过程分析: ①t=0时刻之前,小物块a、b处于平衡状态。 ②从t=0到a、b分离,小物块a、b做初速度为零的匀加速直线运动。 ③a、b分离瞬间,小物块a、b间恰好没有弹力。
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技巧3:即使第一问错了,也不要放弃第二问、第三问。 阅卷不重复扣分,如错误只在第一问,第二问的过程没错,结果错误也仅仅是第 一问的错误造成的,则第二问照样可以得满分。 技巧4:表示物理量时,尽可能使用题中所给的字母或物理学科常用的字母表示。 公式正确,而物理量表示不明确也是要扣分或不得分的。
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课时提升作业
九 牛顿运动定律的综合应用 (建议用时60分钟)
【基础练】
1.kg和s是国际单位制两个基本单位的符号,这两个基本单位对应的物理量
(3)核心规律: ①共点力平衡的知识:F合=0。 ②胡克定律:F=kΔx。 ③初速度为零的匀加速直线运动的规律:x 1at2, xⅠ 1。
2 xⅡ 3
④牛顿第二定律:F合=ma。
【规范解答】
解: (1)对整体分析,根据平衡条件可知,沿斜面方向上重力的分力与弹簧弹力
平衡,则有:kx0=(m+53 m)gsinθ
长的时间,b距其出发点的距离恰好也为x0。弹簧的形变始终在弹性限度内,重 力加速度大小为g。求:
(1)弹簧的劲度系数。 (2)物块b加速度的大小。 (3)在物块a、b分离前,外力大小随时间变化的关系式。
【解题关键】 (1)信息提取: ①固定光滑斜面→小物块a、b均不受摩擦力。 ②使b始终做匀加速直线运动→小物块a、b的加速度始终不变。 ③弹簧的形变始终在弹性限度内→弹簧的弹力满足胡克定律。 (2)过程分析: ①t=0时刻之前,小物块a、b处于平衡状态。 ②从t=0到a、b分离,小物块a、b做初速度为零的匀加速直线运动。 ③a、b分离瞬间,小物块a、b间恰好没有弹力。
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(2)匀加速位移
x1=vt1/2=25m.
撤去拉力后，
-μmg=ma2
极致的高深即简单。 ——列奥纳多·达·芬奇
（名师整理课本专题）人教版高中物 理史《 牛顿运 动定律 的应用 》PPT( 实用课 件)ppt 优质说 课稿（ 精选）
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课堂练习1
与水平方向成θ =37°的拉力F=10N作用在质
量为2kg的物块，物块与地面间的动摩擦因数
为0.5.10s末撤去拉力.(g=10m/s²，
sin37°=0.6.)求：
F
θ
(1)撤去拉力时物块的速度. (2)物块停下时的位移.
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学而时习之
速度 v=v0+at 位移
v=
v0+v 2
v
1.
x=v0t+
1 2
at2
2.
x=
v0+v 2
·t
3. O