2018_2019高考物理二轮复习实验题提分练2(含参考答案)

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高考物理第二轮复习素质提升试题(附答案)

2019-2019高考物理第二轮复习素质提升试题（附答案）2019年高考物理复习考生离不开做题，以下是2019-2019高考物理第二轮复习素质提升试题，请考生及时练习。

1.(2019山东省实验中学二模)某同学要测量一均匀新材料制成的圆柱体的电阻率，首先用游标为20分度的游标卡尺测量其长度如图5-12-8甲，由图甲可知其长度为________mm；用螺旋测微器测量其直径如图乙，由图乙可知其直径为________mm；用多用电表的电阻10挡，按正确的操作步骤测此圆柱体的电阻，表盘的示数如图丙，则该电阻的阻值约为________.解析游标卡尺的读数为(50+0.055)mm=50.25 mm，螺旋测微器的读数为(4.5+0.0120.0)mm=4.700 mm，多用电表的读数为1910 =190 .答案50.25 4.700 1902.(2019重庆卷，6(1))某照明电路出现故障，其电路如图5-12-9甲所示，该电路用标称值12 V的蓄电池为电源，导线及其接触完好.维修人员使用已调好的多用表直流50 V挡检测故障.他将黑表笔接在c点，用红表笔分别探测电路的a、b 点.断开开关，红表笔接a点时多用表指示如图乙所示，读数为________V，说明________正常(选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯).红表笔接b点，断开开关时，表针不偏转，闭合开关后，多用表指示仍然和图乙相同，可判定发生故障的器件是________.(选填：蓄电池、保险丝、开关、小灯)解析由于多用电表的挡位选为直流50 V，所以读数时可选用0～50 V的刻度，故读数应为11.5 V，两表笔接a、c时，测量电池两端的电压，此读数略小于蓄电池的电动势，说明蓄电池是正常的.若两表笔接b、c两点时，电压表读数仍为11.5 V，说明a、b之间是通路，保险丝和开关正常，b、c之间是断路小灯发生断路故障.答案11.5(11.2～11.8之间的值均可) 蓄电池小灯3.(2019泰州模拟)使用多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一个直流电源(一般为电池)、一个电阻和一表头相串联，两个表笔分别位于此串联电路的两端.现需要测量多用电表内电池的电动势，给定的器材有：待测多用电表，量程为60 mA的电流表，电阻箱，导线若干.实验时，将多用电表调至1 挡，调好零点；电阻箱置于适当数值.完成下列填空：(1)仪器连线如图5-12-10甲所示(a和b是多用电表的两个表笔).若两电表均正常工作，则表笔a为________(选填红或黑)色.(2)若适当调节电阻箱后，图甲中多用电表、电流表与电阻箱的示数分别如图5-12-10乙(a)、(b)、(c)所示，则多用电表的读数为________，电流表的读数为________mA，电阻箱的读数为________.(3)将图甲中多用电表的两表笔短接，此时流过多用电表的电流为________mA.(保留3位有效数字)答案(1)黑(2)14.0 53.0 4.6 (3)1064.为确定某电子元件的电气特征，做如下测量.(1)用多用表测量该元件的电阻，选用100倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转过大，因此需选择________倍率的电阻挡(选填10或1 k)，并________再进行测量，多用表的示数如图5-12-11甲所示，测量结果为________.(2)将待测元件(额定电压9 V)、蓄电池、滑动变阻器、电流表、多用表、电键及若干导线连接成电路如图乙所示.添加连线，使电路能测量该元件完整的伏安特性.本实验中使用多用表测电压，多用表的选择开关应调到________挡(选填直流电压10 V或直流电压50 V).解析(1)用多用表测量该元件的电阻，选用100倍率的电阻挡测量，发现多用表指针偏转过大，说明电阻较小，因此需选择10倍率的电阻挡，并在欧姆调零后再进行测量，多用表的测量结果为70 .(2)要测量该元件完整的伏安特性，必须连接成分压电路，如图.本实验中使用多用表测电压，多用表的选择开关应调到直流电压10 V挡.答案(1)10 欧姆调零70(2)电路见解析图直流电压10 V1.欧姆表刻度盘特点(1)左右0：电阻无限大与电流、电压零刻度重合，电阻零与电流、电压最大刻度重合.(2)刻度不均匀：左密右疏.(3)欧姆挡是倍率挡，即读出的示数应再乘以该挡的倍率.电流、电压挡是量程范围挡.在不知道待测电阻的估计值时，应先从小倍率开始，熟记小倍率小角度偏，大倍率大角度偏(因为欧姆挡的刻度盘上越靠左读数越大，且测量前指针指在左侧处).2.读数技巧(1)为了减小读数误差，指针应指在表盘到的部分，即中央刻度附近.(2)指针所在刻度盘处每个小格表示1 时，要估读到下一位，其余情况都不用估读到下一位.(3)电阻值等于指针示数与所选倍率的乘积.3.欧姆表使用六注意(1)选挡接着调零；(2)换挡重新调零；(3)待测电阻与电路、电源要断开；(4)尽量使指针指在表盘中间位置附近；(5)读数之后要乘以倍率得阻值；(6)用完后，选择开关要置于OFF挡或交流电压的最高挡. 2019-2019高考物理第二轮复习素质提升试题及答案的全部内容就是这些，查字典物理网预祝考生取得满意的成绩。

2018版高考物理二轮复习实验专攻练2 含解析精品

实验专攻练(二)(时间：15分钟分值：15分)22．(6分)( 2018·武汉华中师大一附中模拟)某同学用如图1甲所示的装置验证机械能守恒定律．一根细线系住钢球，悬挂在铁架台上，钢球静止于A 点，光电门固定在A 的正下方．在钢球底部竖直地粘住一片宽带为d 的遮光条．将钢球拉至不同位置由静止释放，遮光条经过光电门的挡光时间t 由计时器测出，取v ＝d t作为钢球经过A 点时的速度．记录钢球每次下落的高度h 和计时器示数t ，计算并比较钢球在释放点和A 点之间的势能变化大小ΔE p 与动能变化大小ΔE k ，就能验证机械能是否守恒．图1(1)用ΔE p ＝mgh 计算钢球重力势能变化的大小，式中钢球下落高度h 应测量释放时的钢球球心到________之间的竖直距离．(A)钢球在A 点时的顶端(B)钢球在A 点时的球心(C)钢球在A 点时的底端(2)用ΔE k ＝12mv 2计算钢球动能变化的大小，用刻度尺测量遮光条宽度，示数如图2所示，其读数为______cm.某次测量中，计时器的示数为0.010 0 s ，则钢球的速度为v ＝________ m/s.(3)下表为该同学的实验结果：p k 意他的观点？请说明理由．【解析】 (1)小球下落的高度h 是初末位置球心之间的高度差，所以要选B.(2)刻度尺读数的方法，需估读一位，所以读数为 1.50 cm ；某次测量中，计时器的示数为0.010 0 s ，则钢球的速度为：v ＝d t ＝1.50×10－20.010 0m/s ＝1.50 m/s.(3)不同意．从表中的数据可知，小球动能的增加量大于小球的重力势能的减小量；若是空气的阻力造成的，则ΔE k 要小于ΔE p ，所以误差不是空气的阻力造成的．【答案】 (1)B (2)1.50 1.50 (3)不同意，若是空气阻力造成的，则ΔE k 要小于ΔE p ，所以误差不是空气的阻力造成的；23．(9分)(2018·沈阳三模)在测定电源电动势和内电阻的实验中，实验室提供了合适的实验器材．(1)甲同学按电路图2甲进行测量实验，其中R 2为保护电阻，则图2①请用笔画线代替导线在图乙中完成电路的连接；②由电压表的读数U 和电流表的读数I ，画出U I 图线如图丙所示，可得电源的电动势E ＝________V,内电阻r ＝________Ω.(结果保留两位有效数字)(2)乙同学误将测量电路连接成如图3甲所示，其他操作正确，由电压表的读数U 和电流表的读数I ，画出U I 图线如图乙所示，可得电源的电动势E ＝________V ，内电阻r ＝________Ω.(结果保留两位有效数字)图3【解析】 (1)①根据原理图可得出对应的实物图如图所示．②由图丙可得电动势E ＝2.8 V ，内阻r ＝ΔU ΔI＝0.60 Ω. (2)当电压为U 1＝2.5 V 时，电压表示数最大，说明此时滑动触头左右电阻值相等，此时干路电流I 1＝2×0.5 A＝1 A ，对应图线乙可知，当电压U 2＝2.4 V 时，对应电流分别为0.33 A和0.87 A，由电路连接特点可知，干路电流I2＝0.33 A＋0.87 A＝1.2 A，根据闭合电路欧姆定律得，2．5 V＝E－1·r2．4 V＝E－1.2 r可得出E＝3.0 V，r＝0.50 Ω.【答案】(1)①见解析②2.800.60(2)3.0 0.50。

高考物理二轮复习力学实验与创新专项练习(含答案)

高考物理二轮复习力学实验与创新专项练习（含答案）杆F靠近被测小球，再转动微调旋钮H使测微螺杆F夹住小球，直到棘轮发出声音为止，拨动旋钮G使F固定后读数，读数为6.5 mm+20.00.01 mm=6.700 mm.答案：D H G 6.7003.(2019高考福建卷)某同学做探究弹力和弹簧伸长量的关系的实验.(1)图甲是不挂钩码时弹簧下端指针所指的标尺刻度，其示数为7.73 cm;图乙是在弹簧下端悬挂钩码后指针所指的标尺刻度，此时弹簧的伸长量l为__________ cm;(2)本实验通过在弹簧下端悬挂钩码的方法来改变弹簧的弹力，关于此操作，下列选项中规范的做法是________________;(填选项前的字母)A.逐一增挂钩码，记下每增加一只钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重B.随意增减钩码，记下增减钩码后指针所指的标尺刻度和对应的钩码总重(3)图丙是该同学描绘的弹簧的伸长量l与弹力F的关系图线，图线的AB段明显偏离直线OA，造成这种现象的主要原因是________________.解析：(1)弹簧伸长后的总长度为14.66 cm，则伸长量l=14.66 cm-7.73 cm=6.93 cm.(2)逐一增挂钩码，便于有规律地描点作图，也可避免因随意增加钩码过多超过弹簧的弹性限度而损坏弹簧.(3)AB段明显偏离OA，伸长量l不再与弹力F成正比，是超出弹簧的弹性限度造成的.答案：(1)6.93 (2)A(3)弹簧受到的拉力超过了其弹性限度4.(2019河南六市二联)某课外活动小组利用竖直上抛运动验证机械能守恒定律.(1)某同学用20分度的游标卡尺测量一小球的直径，示数如图甲所示，则小球的直径d=________cm.(2)如图乙所示，弹射装置将小球竖直向上抛出，先后通过光电门A、B，计时装置测出小球通过A、B的时间分别为tA、tB.用刻度尺测出光电门A、B间的距离h，用游标卡尺测得小球直径为d，当地的重力加速度为g，在误差范围内，若公式________________成立，就可以验证机械能守恒(用题中给出的物理量符号表示).解析：(1)游标卡尺示数为10 mm+0.054 mm=10.20 mm=1.020 cm.(2)小球在A点动能EkA=m()2，B点动能EkB=m()2，动能增加量：Ek=EkA-EkB=m[()2-()2]，小球由A到B重力势能减少量Ep=mgh，在误差允许范围内，若满足Ek=Ep，即()2-()2=2gh，就可以验证机械能守恒.答案：(1)1.020 (2)()2-()2=2gh5.(2019高考山东卷)某同学通过下述实验验证力的平行四边形定则.实验步骤：将弹簧秤固定在贴有白纸的竖直木板上，使其轴线沿竖直方向.如图甲所示，将环形橡皮筋一端挂在弹簧秤的秤钩上，另一端用圆珠笔尖竖直向下拉，直到弹簧秤示数为某一设定值时，将橡皮筋两端的位置标记为O1、O2，记录弹簧秤的示数F，测量并记录O1、O2间的距离(即橡皮筋的长度l).每次将弹簧秤示数改变0.50 N，测出所对应的l，部分数据如下表所示：F/(N) 0 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 l/(cm) l0 10.97 12.02 13.00 13.98 15.05 找出中F=2.50 N时橡皮筋两端的位置，重新标记为O、O，橡皮筋的拉力记为FOO.在秤钩上涂抹少许润滑油，将橡皮筋搭在秤钩上，如图乙所示.用两圆珠笔尖成适当角度同时拉橡皮筋的两端，使秤钩的下端达到O点，将两笔尖的位置标记为A、B，橡皮筋OA 段的拉力记为FOA，OB段的拉力记为FOB.完成下列作图和填空：(1)利用表中数据在给出的坐标纸上画出F-l图线，根据图线求得l0=________cm.(2)测得OA=6.00 cm，OB=7.60 cm，则FOA的大小为________N.(3)根据给出的标度，在图中作出FOA和FOB的合力F的图示.(4)通过比较F与________的大小和方向，即可得出实验结论.解析：(1)在坐标系中描点，用平滑的曲线(直线)将各点连接起来，不在直线上的点均匀分布在直线的两侧.如图甲所示，由图线可知与横轴的交点l0=10.0 cm.(2)橡皮筋的长度l=OA+OB=13.60 cm，由图甲可得F=1.80 N，所以FOA=FOB=F=1.80 N.(3)利用给出的标度作出FOA和FOB的图示，然后以FOA和FOB为邻边作平行四边形，对角线即为合力F，如图乙. (4)FOO的作用效果和FOA、FOB两个力的作用效果相同，F 是FOA、FOB两个力的合力，所以只要比较F和FOO的大小和方向，即可得出实验结论.答案：(1)如图甲所示 10.0(9.8、9.9、10.1均正确)(2)1.80(1.70～1.90均正确)(3)如图乙所示(4)FOO6. (2019江西南昌一模)某实验小组用图1实验装置探究合力做功与动能变化的关系.铁架台竖直固定放置在水平桌面上，将长木板一端放置在水平桌面边缘P处，另一位置放置在铁架台竖直铁杆上，使长木板倾斜放置，长木板P处放置一光电门，用光电计时器记录滑块通过光电门时挡光时间. 实验步骤是：用游标卡尺测出滑块的挡光宽度L，用天平测量滑块的质量m.平衡摩擦力：以木板放置在水平桌面上的P处为轴，调节长木板在铁架台上的放置位置，使滑块恰好沿木板向下做匀速运动.在铁架台竖直杆上记下此位置Q1，用刻度尺测出Q1到水平面的高度H.保持P位置不变，长木板一端放置在铁架台竖直杆Q2上.用刻度尺量出Q1Q2的距离h1，将滑块从Q2位置由静止释放，由光电门计时器读出滑块的挡光时间t1.保持P位置不变，重新调节长木板一端在铁架台上的放置位置，重复步骤数次..滑块沿长木板由Q2运动到P的过程中，用测量的物理量回答下列问题(已知重力加速度为g)：(1)滑块通过光电门的速度v=________;(2)滑块动能的变化量Ek=________;(3)滑块克服摩擦力做的功Wf=________;(4)合力对滑块做的功W合=________..某学生以铁架台竖直杆上的放置位置到Q1的距离h为横坐标，以滑块通过光电门的挡光时间的平方倒数为纵坐标，根据测量数据在坐标中描点画出如图2所示直线，直线延长线没有过坐标原点，其原因主要是________________.解析：本题考查探究合力做功与动能变化的关系实验..(1)滑块通过光电门的速度v近似等于通过光电门时的平均速度，则v=;(2)滑块动能的变化量Ek=mv2=m;(3)由题意，mgcos =mgsin ，设斜面长为x，则滑块克服摩擦力做功Wf=mgcos x，联立xsin =H知，Wf=mgH;(4)合力对滑块做的功W=mg(H+h1)-Wf=mgh1..由题图知，h=0时，挡光时间不为零，说明平衡摩擦力时长木板的倾角过大.答案：.(1) (2)m (3)mgH (4)mgh1.平衡摩擦力时倾角过大2019届高考物理二轮复习力学实验与创新专项练习（含答案）分享到这里，更多内容请关注高考物理试题栏目。

2018_2019高考物理二轮复习实验题提分练(003).doc

实验题提分练31．如图所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图．图中A 为小车，质量为m 1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B ，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，P 的质量为m 2，C 为弹簧测力计，实验时改变P 的质量，读出测力计不同读数F ，不计绳与滑轮的摩擦．(1)下列说法正确的是( B )A ．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B ．实验时应先接通电源后释放小车C ．实验中m 2应远小于m 1D ．测力计的读数始终为m 2g2(2)如图为某次实验得到的纸带，纸带上标出了所选的四个计数点之间的距离，相邻计数点间还有四个点没有画出．由此可求得小车的加速度的大小是0.50 m/s 2(交流电的频率为50 Hz ，结果保留两位有效数字)．(3)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a F 图象可能是图中的图线( C )解析：(1)一端带有定滑轮的长木板必须稍微倾斜，以平衡摩擦力，选项A 错误；实验时应先接通电源后释放小车，选项B 正确；实验中m 2不必远小于m 1，选项C 错误；由于P 向下加速运动，测力计的读数始终小于m 2g2，选项D 错误．(2)由Δx ＝aT 2解得小车的加速度的大小是0.50 m/s 2.(3)遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a F 图象，应该是当F 从某一值开始增大，加速度a 才开始增大，所以可能是图线C.2．(2018·东北三省四市二模)某研究小组要测量电压表V 1的内阻r 1，要求方法简洁，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据，现提供如下器材：A ．电压表(V 1)：量程3 V ，内阻r 1待测(约2 000 Ω)B ．电压表(V 2)：量程6 V ，内阻r 2＝4 000 ΩC ．电压表(V 3)：量程4 V ，内阻r 3＝10 000 ΩD ．电流表(A 1)：量程0.6 A ，内阻r 4＝0.05 ΩE ．滑动变阻器(R 0)：总电阻约50 ΩF ．电源(E )：电动势15 V ，内阻很小G ．电键(S)、导线若干(1)请从所给器材中选出适当的器材，设计电路，在方框中画出电路图，标明所用器材的符号；(2)根据所设计的电路图，写出待测电压表V 1的内阻r 1的表达式，即：r 1＝U 1U 2r 2，式中各符号的意义是：U 1表示电压表V 1的示数，U 2表示电压表V 2的示数，r 2表示电压表V 2的内阻．解析：(1)由已知可得通过V 1最大电流约为 3 V2 000 Ω＝0.001 5 A ，电流表的量程太大了，故选择已知电阻的电压与表V 1串联，根据流过两电压表的电流相等，得出结果．而可通过V 2的最大电流为 6 V 4 000 Ω＝0.001 5 A ，可通过V 3的最大电流为 4 V10 000 Ω＝0.000 4 A ，故选择V 2与V 1串联，电路图如答案所示．(2)流过两电压表的电流相等，根据I ＝U 1r 1＝U 2r 2即可得出答案．U 1、U 2分别表示两电压表示数，r 1、r 2分别表示两电压表内阻．3．小明同学利用如图所示的装置来验证机械能守恒定律．A 为装有挡光片的钩码，总质量为M ，挡光片的挡光宽度为b ，轻绳一端与A 相连，另一端跨过光滑轻质定滑轮与质量为m (m <M )的重物B 相连．他的做法是：先用力拉住B ，保持A 、B 静止，测出A 的挡光片上端到光电门的距离h ；然后由静止释放B ，A 下落过程中经过光电门，光电门可测出挡光片的挡光时间t ，算出挡光片经过光电门的平均速度，将其视为A 下落h (h ≫b )时的速度，重力加速度为g .(1)在A 从静止开始下落h 的过程中，验证以A 、B 、地球所组成的系统机械能守恒的表达式为(M －m )gh ＝12(M ＋m )(b t)2(用题目所给物理量的符号表示)；(2)由于光电门所测的平均速度与物体A 下落h 时的瞬时速度间存在一个差值Δv ，因而系统减少的重力势能大于系统增加的动能(选填“大于”或“小于”)．(3)为减小上述Δv 对结果的影响，小明同学想到了以下一些做法，其中可行的是D. A ．保持A 下落的初始位置不变，测出多组t ，算出多个平均速度然后取平均值 B ．减小挡光片上端到光电门的距离h C ．增大挡光片的挡光宽度b D ．适当减小挡光片的挡光宽度b(4)若采用本装置测量当地的重力加速度g ，则测量值小于真实值(选填“大于”“等于”或“小于”)．解析：(1)通过光电门的平均速度为b t，视为下落h 时的瞬时速度；在A 从静止开始下落h 的过程中，减少的重力势能ΔE p ＝(M －m )gh ，增大的动能为ΔE k ＝12(M ＋m )(bt )2，所以验证系统机械能守恒的表达式为：(M －m )gh ＝12(M ＋m )(b t)2；(2)用平均速度代替瞬时速度，由于平均速度等于通过挡光片中间时刻的瞬时速度，可知测量速度小于下降h 高度时的实际瞬时速度，即系统减少的重力势能大于系统增加的动能；(3)下落h 时的瞬时速度v ＝2hg，通过光电门的平均速度v ′＝2hg＋h －b g2，所以Δ＝v －v ′＝12(2h g－h －bg)．测多组时间并不能消除升者减少Δv ，A 错误；减小h ，根据数学知识，Δv 增大，B 错误；增大b ，根据数学知识，Δv 增大；减小b ，Δv 减小，故C 错误，D 正确，故本题选D.(4)因为(M －m )gh ＝12(M ＋m )(b t )2，所以g ＝M ＋m M －m h (b t )2，因为实际瞬时速度v >bt，所以所测值小于真实值．。

2019届高三物理二轮复习实验题标准练(二) Word版含答案

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实验题标准练(二)满分15分,实战模拟,15分钟拿到高考实验题高分!1.(6分)某实验小组利用图甲所示的实验装置验证机械能守恒定律。

小钢球自由下落过程中,计时装置测出小钢球先后通过光电门A、B的时间分别为t A、t B,用小钢球通过光电门A、B的平均速度表示钢球球心通过光电门的瞬时速度。

测出两光电门间的距离为h,当地的重力加速度为g,小钢球所受空气阻力可忽略不计。

(1)先用游标卡尺测量钢球的直径,读数如图乙所示,钢球直径为d= cm。

(2)要验证机械能是否守恒,只要比较与是否相等。

(3)实验中小钢球通过光电门的平均速度(选填“大于”或“小于”)小钢球球心通过光电门时的瞬时速度。

由于空气阻力的作用,动能增加量ΔE k总是稍(选填“大于”或“小于”)重力势能减少量ΔE p,且随小钢球下落起始高度的增加,误差越来越(选填“大”或“小”)。

【解析】(1)由图可知,主尺刻度为8mm;游标对齐的刻度为10;故读数为：8mm+10×0.05 mm=8.50 mm=0.850 cm。

(2)若减小的重力势能等于增加的动能时,可以认为机械能守恒;则有：mgh=m-m,即：gh=(-)。

(3)已知经过光电门时的时间和小球的直径,则可以由平均速度表示经过光电门时的速度,故v=,即等于中间时刻的瞬时速度,而小钢球球心通过光电门时的瞬时速度,即为位移中点的瞬时速度,因此平均速度小于钢球球心通过光电门时的瞬时速度;因为小球需克服空气阻力做功,动能增加量ΔE k总是稍小于重力势能的增加;而高度越高,阻力做功越多;故增加下落高度后,则ΔE p-ΔE k将增大,即误差越来越大。

答案：(1)0.850 (2)gh (-)(3)小于小于大2.(9分)多用电表欧姆挡内部电路如图甲所示,某实验小组利用滑动变阻器和毫安表测量某一多用电表“×1Ω”挡内部电源的电动势E,实物电路如图乙。

2018版高考物理全国专用大二轮总复习与增分策略课件专题十力学实验二

例1 (2015·浙江9月选考科目试题)在“探究作用力与反作用力的关系” 实验中，某同学用两个力传感器进行实验. (1)将两个传感器按图3甲方式对拉，在计算机屏上显示如图乙所示，横坐标代表的物理量是_时__间__(_t)__，纵坐标代表的物理量是_力__(_F_)___.
图3
答案
(2)(多选)由图乙可得到的实验结论是( )
刻度尺等. 3.实验步骤 (1)垫高木板不带滑轮的一端，平衡摩擦力 . (2)在小车中放入砝码，把纸带穿过打点计时器，连在小车后端，用细线绕过滑轮连接小车和钩码.
答案
(3)将小车停在打点计时器附近，先接通电源，再释放小车，关闭打点计时器电源. (4)改变钩码的数量，更换纸带重复进行操作. 4.注意事项 (1)实验前必须首先平衡摩擦力. (2)必须保证所悬挂钩码的重力远小于小车的重力，这时钩码重力才近似等于小车所受的合外力.
答案
5.实验探究的技巧与方法 (1)不直接计算W和v的数值，而只是看第2次、第3次……实验中的W和 v是第1次的多少倍，简化数据的测量和处理. (2)做W－v图象，或W－v2、W－v3图象，直到作出的图象是一条倾斜的直线. 6.实验结论物体速度v与外力做功W间的关系：W与v2成正比.
例3 如图11所示是某研究性学习小组做探究做功与物体速度变化的关系的实验，图中是小车在一条橡皮筋作用下弹出，沿木板滑行的情形.这时，橡皮筋对小车做的功记为W.当我们把2条、3条……完全相同的橡皮筋并在一起进行第2次、第3次……实验时，每次橡皮筋都拉伸到同一位置释放.小车在每次实验中获得的速度由打点计时器所打点的纸带测出. (1)除了图中的已给出的实验器材外，还需要的器材有___刻__度__尺___；
实验方案二 1.实验原理(如图10所示)

2018版高考物理二轮复习小题提速练2 含解析精品

小题提速练(二)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2018·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅰ))A、B两个物体在同一条直线上做直线运动，它们at图象如图1所示，规定水平向右为正方向．已知在t＝0时，两物体的速度均为零，且A在B的左边1.75 m处，则A追上B的时间是( )图1A．t＝0.5 s B．t＝1.5 sC．t＝2.5 s D．t＝3.5 sD[很显然，在前2 s内两个物体运动规律是一样的，不可能追上，故A、B错误；在t＝2.5 s时，A的位移是1.125 m，B的位移是0.875 m，两位移之差为0.25 m，小于1.75 m，故C错误；t＝3.5 s时，A的位移是1.875 m，B的位移是0.125 m，两位移之差等于1.75 m，故D正确．]15．(2018·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图2所示，一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态，若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是( )【导学号：19624219】图2A．只将绳的左端移向A′点，拉力变小B．只将绳的左端移向A′点，拉力变大C．只将绳的右端移向B′点，拉力变大D．只将绳的右端移向B′点，拉力不变C[设细绳总长度为L，OA段长度为l1，OB段长度为l2，由对称性可知，OA、OB与竖直方向间夹角相等，设为α，两悬点间的水平距离设为d ，则由l 1sin α＋l 2sin α＝d ，l 1＋l 2＝L 可得sin α＝d L ，只将绳的左端移向A ′点的过程中，d 不变，α不变，由2F cos α＝G 可知，F 不变，A 、B 均错误；只将绳的右端移向B ′点的过程中，d 增大，α增大，F 增大，C 正确，D 错误．]16．(2018·沈阳三模)以无穷远处的电势为零，在电荷量为q 的点电荷周围某点的电势可用φ＝kq r计算，式中r 为该点到点电荷的距离，k 为静电力常量．两电荷量大小均为Q 的异种点电荷固定在相距为L 的两点，如图3所示．现将一质子(电荷量为e )从两点电荷连线上的A 点沿以电荷＋Q 为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，质子从A 移到C 的过程中电势能的变化情况为( )图3A ．增加2kQe L 2－R 2B ．增加2kQeR L 2－R 2 C ．减少2kQeR L 2＋R 2 D ．减少2kQe L 2＋R 2B [根据题中φ＝kq r公式和叠加原理可知，φA ＝k －Q L －R ＋k Q R .C 点的电势φC ＝k －Q L ＋R ＋k Q R .故U AC ＝φA －φC ＝－2kQR L 2－R 2，质子由A 移到C 的过程中电场力做功W AC ＝U AC e ＝－2kQeR L 2－R 2，是负功，故质子电势能增加2kQeR L 2－R 2，B 项正确．] 17．(2018·新余市一中七模)放射性物质碘131的衰变方程为131 53I→13154Xe ＋Y ＋γ.根据有关放射性知识，下列说法正确的是( )A ．生成的131 54Xe 处于激发态，放射γ射线．γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强B ．若131 53I 的半衰期大约是8天，取4个碘原子核，经16天就只剩下1个碘原子核了C ．Y 粒子为β粒子D.131 53I 中有53个质子和132个核子C [γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故A 错误．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数的原子核不适用，故B 错误．根据电荷数守恒、质量数守恒知，Y 粒子的电荷数为－1，质量数为0，可知Y 粒子为β粒子，故C 正确．电荷数等于质子数，可知131 53I 中有53个质子，质量数等于核子数，则有131个核子，故D错误．故选C.]18．(2018·虎林市摸底考试)2018年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”，双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a 、b 两颗星体组成，这两颗星绕它们的连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动，测得a 星的周期为T ，a 、b 两颗星的距离为l ，a 、b 两颗星的轨道半径之差为Δr ，已知a 星的轨道半径大于b 星的轨道半径，则( )【导学号：19624220】A ．b 星的周期为l －Δr l ＋ΔrT B ．a 星的线速度大小为πl －Δr TC ．a 、b 两颗星的半径之比为l ＋Δr l －ΔrD ．a 、b 两颗星的质量之比为l ＋Δr l －Δr C [双星系统中两颗星的周期和角速度均相等，A 错误；由r a ＋r b ＝l ，r a －r b ＝Δr 可知r a ＝l ＋Δr 2，r b ＝l －Δr 2，r a r b ＝l ＋Δr l －Δr ，由m a ω2r a ＝m b ω2r b 可得：m a m b ＝r b r a ＝l －Δr l ＋Δr，C 正确，D 错误；由v a ＝2πr a T 可得：v a ＝πl ＋Δr T ，B 错误．] 19．(2018·Ⅱ卷)某同学自制的简易电动机示意图如图4所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将( )图4A ．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B ．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C ．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D ．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉AD [装置平面示意图如图所示．如图所示的状态，磁感线方向向上，若形成通路，线圈下边导线中电流方向向左，受垂直纸面向里的安培力，同理，上边导线中电流受安培力垂直纸面向外，使线圈转动．当线圈上边导线转到下边时，若仍通路，线圈上、下边中电流方向与图示方向相比均反向，受安培力反向，阻碍线圈转动．若要线圈连续转动，要求左、右转轴只能上一侧或下一侧形成通路，另一侧断路．故选A 、D.]20．(2018·沈阳铁路实验中学模拟)水平面上有两个质量不相等的物体a 和b ，它们分别在水平推力F 1和F 2作用下开始运动，分别运动一段时间后撤去推力，两个物体都将运动一段时间后停下．物体的v t 图线如图5所示，图中线段AC ∥BD .则以下说法正确的是( )图5①水平推力大小F 1>F 2②水平推力大小F 1<F 2③物体a 所受到的摩擦力的冲量大于物体b 所受到的摩擦力的冲量④物体a 所受到的摩擦力的冲量小于物体b 所受到的摩擦力的冲量⑤物体a 克服摩擦力做功大于物体b 克服摩擦力做功⑥物体a 克服摩擦力做功小于物体b 克服摩擦力做功A ．若物体a 的质量大于物体b 的质量，由图可知，①⑤都正确B ．若物体a 的质量大于物体b 的质量，由图可知，④⑥都正确C ．若物体a 的质量小于物体b 的质量，由图可知，②③都正确D ．若物体a 的质量小于物体b 的质量，由图可知，只有④正确AD [根据v t 图象，由于AC ∥BD ，可见撤去外力后，两物体的加速度相等，故两物体与水平面间的动摩擦因数相同．由图可知撤去外力之前，物体a 的加速度大于物体b 的加速度，由牛顿第二定律可知F 1－μm a g m a ＞F 2－μm b g m b ，解得：F 1m a ＞F 2m b，若m a ＞m b 则F 1＞F 2，若m a ＜m b ，则无法比较水平推力F 1和F 2的大小．克服摩擦力做功W f ＝μmgx ，所受到的摩擦力的冲量大小I f ＝μmgt .由图可知：物体b 运动的时间更长，物体a 的位移更大，若m a ＞m b 则物体a 克服摩擦力做功大于物体b 克服摩擦力做功，但无法比较两者所受到的摩擦力的冲量大小，若m a ＜m b ，物体a 所受到的摩擦力的冲量小于物体b所受摩擦力的冲量，但无法比较两者克服摩擦力的做功大小，故A、D正确，B、C错误．]21．(2018·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图6所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成，发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动，矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是( )【导学号：19624221】图6A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值为最大B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωtC．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端电压将升高D．当用户功率增加时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动ABD[从线圈在如图示位置开始计时，电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωt，此时变压器原线圈中的电流值最大，A、B均正确；当滑动触头向下移动时，影响变压器的输出电压，而不影响变压器的输入电压，C错误；当用户功率增加时，因R0的降压作用，用户得到的电压降低，为使用户电压保持不变，应使副线圈匝数增多，即滑动触头P应该向上滑动，故D正确．]。

2019届高考物理二轮复习：实验题提分练(打包6套, 含答案)

实验题提分练11．(2018·陕西西安铁一中模拟)某同学利用透明直尺和光电计时器来验证机械能守恒定律，实验的简易示意图如下，当有不透光的物体从光电门间通过时，光电计时器就可以显示物体的挡光时间．所用的光电门传感器可测得最短时间为0.01 ms.将挡光效果好、宽度为d ＝3.8×10－3m 的黑色磁带贴在透明直尺上，从一定高度由静止释放，并使其竖直通过光电门．某同学测得各段黑色磁带通过光电门的时间Δt i ，与图中所示的高度差Δh i ，并将部分数据进行了处理，结果如下表所示．(取g ＝9.8 m/s 2，注：表格中M 为直尺质量)(1)从表格中数据可知，直尺上磁带通过光电门的瞬时速度是利用v i ＝dΔt i求出的，请你简要分析该同学这样做的理由是：极短时间内平均速度近似等于瞬时速度．(2)请将表格中数据填写完整：(3)通过实验得出的结论是：在误差范围内重力势能减少量等于动能的增加量． (4)根据该实验请你判断下列ΔE k －Δh 图象中正确的是C.解析：(2)v ＝d t ＝3.8×10－30.9×10－3m/s ＝4.22 m/s ，Mg Δh ＝9.8×0.41M ＝4.02M .(3)从表中数据可知，在误差范围内，动能的增加量与重力势能的减少量相等． (4)由ΔE k ＝Mg Δh ，则动能的变化与高度成正比，C 正确．2．某同学设计了一个用打点计时器“验证动量守恒”的实验：在小车A 的前端粘有橡皮泥，推动小车A 使之做匀速运动．然后与原来静止在前方的小车B 相碰并粘合成一体，继续做匀速运动．他设计的具体装置如图甲所示，在小车A 后连着纸带，电磁打点计时器电源频率为50 Hz.长木板下垫着小木片用以平衡摩擦力．(1)若已得到打点纸带如图乙，并测得各计数点间距标在图上．点O 为运动起始的第一点．则应选AB 段来计算小车A 的碰前速度．应选CD 段来计算小车A 和B 碰后的共同速度．(以上两格选填“OA ”“AB ”“BC ”或“CD ”)(2)已测量出小车A 的质量m 1＝0.40 kg ，小车B 的质量m 2＝0.20 kg.由以上测量结果可得：碰前总动量＝0.420 kg·m/s；碰后总动量＝0.417 kg·m/s.(保留三位有效数字)解析：(1)A 与B 碰后粘在一起，速度减小，相等时间内通过的间隔减小，可知通过AB 段来计算A 的碰前速度，通过CD 段计算A 和B 碰后的共同速度．(2)A 碰前的速度：v 1＝ABt ＝1.05 m/s ，碰后共同速度：v 2＝CDt＝0.695 m/s.碰前总动量：p 1＝m 1v 1＝0.420 kg·m/s，碰后的总动量：p 2＝(m 1＋m 2)v 2＝0.417 kg·m/s.3．(2018·贵州凯里市模拟)用如图甲所示的电路测量一个蓄电池的电动势和内电阻．蓄电池的电动势约为2 V ，内电阻很小．除蓄电池、开关、导线外可供使用的实验器材还有：A ．电压表(量程3 V)B ．电流表(量程0.6 A)C ．电流表(量程3 A)D ．定值电阻R 0(阻值4 Ω，额定功率4 W)E ．滑动变阻器R (阻值范围0～20 Ω，额定电流1 A) (1)电流表应选B ；(填器材前的字母代号)(2)根据实验数据作出U I 图象(如图乙所示)，则蓄电池的电动势E ＝2.10 V, 内阻r ＝0.2 Ω；(3)本实验的系统误差原因是( A ) A ．电压表分流 B ．电流表的分压 C ．电阻R 0的分压解析：(1)由题意可知，电源的电动势约为2 V ，保护电阻为4 Ω，故电路中最大电流约为0.5 A ，故电流表只能选B.(2)由电路利用闭合电路欧姆定律可知：U ＝E －I (R 0＋r )，则由数学知识可得，图象与纵坐标的交点为电源电动势，故E ＝2.10 V ，而图象的斜率表示保护电阻与内电阻之和，故r ＋R 0＝2.10－0.420.40Ω＝4.2 Ω，解得：r ＝0.2 Ω.(3)电流表测量的不是干路电流，电压表具有分流作用．实验题提分练21．现要测量一个未知电阻R x 的阻值，除R x 外可用的器材有：多用电表(仅可使用欧姆挡)；一个电池组E (电动势6 V)；一个滑动变阻器R (0～20 Ω，额定电流1 A)；两个相同的电流表G(内阻R g ＝1 000 Ω，满偏电流I g ＝100 μA)；两个标准电阻(R 1＝29 000 Ω，R 2＝0.1 Ω)；一个开关S 、导线若干．(1)为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“×10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，下列判断和做法正确的是AC(填字母代号)．A ．这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆B ．这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆C ．如需进一步测量可换“×1”挡，调零后测量D ．如需进一步测量可换“×1 K”挡，调零后测量(2)根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确并使电路能耗较小，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁．解析：(1)用欧姆表“×10”挡测电阻时，指针几乎满偏，说明被测电阻很小，估计只有几欧姆，A 项正确，B 项错误；要进一步测量应换用“×1”挡，欧姆调零后再进行测量．(2)实验中要使电路能耗较小，滑动变阻器应采用限流接法，用两个电流计和两个定值电阻改装成一个量程U ＝I g (R g ＋R 1)＝3 V 的电压表，一个量程为I ＝I g ＋I g R gR 2＝1 A 的电流表．由于改装后的电压表的分流可以直接测出，因此电流表采用外接法．2．在探究弹力和弹簧伸长量的关系时，某同学先按图1对弹簧甲进行探究，然后把弹簧甲和弹簧乙并联起来按图2进行探究．在弹性限度内，将质量为m ＝50 g 的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图1、图2中弹簧的长度L 1、L 2如下表所示：已知重力加速度g ＝9.8 m/s 2，要求尽可能多地利用测量数据，计算弹簧甲的劲度系数k ＝49 N/m(结果保留两位有效数字)．由表中数据能(填“能”或“不能”)计算出弹簧乙的劲度系数．解析：由题中实验数据可知，每增加1个钩码，弹簧甲的平均伸长量约为1.00 cm ，则弹簧甲的劲度系数k ＝FΔx ＝mg Δx ＝50×10－3×9.8 N1.00×10－2m＝49 N/m. 把弹簧甲和弹簧乙并联起来按题图2进行探究．由表中数据可知，每增加1个钩码，弹簧的平均伸长量约为0.32 cm ，由mg ＝F 甲＋F 乙＝k 甲Δx 甲＋k 乙Δx 乙，可知弹簧乙的劲度系数能够计算．3．(2018·山东淄博市模拟)某同学设计了一个既可以测电阻又可以测电源电动势与内阻的实验电路，如图甲所示，实验室提供了以下实验器材：电源E (电动势为6 V ，内阻约为1 Ω) 定值电阻R 0(阻值约为5 Ω)电流表A(量程30 mA ，内阻约为5 Ω) 电流表B(量程1 A ，内阻约为1 Ω) 电压表C(量程6 V ，内阻约为5 k Ω) 电压表D(量程3 V ，内阻约为3 k Ω) 滑动变阻器F (阻值0～20 Ω) 滑动变阻器G (阻值0～500 Ω) 根据题中所给信息，请回答以下问题(1)电流表应选B ，滑动变阻器应选F .(选填器材代号)(2)该同学操作正确无误，用U 1、U 2、I 分别表示电表、、的读数，其数据如下表所示：0 4.8 ，其测量值<真实值(选填“>”“<”或“＝”)；该同学同时利用上表测得的数据求得电动势和内阻，由误差分析可知，电动势的测量值<电动势的真实值(选填“>”“<”或“＝”)．(3)该同学进一步利用了一个辅助电源E ′，采用如图乙所示电路测量电源的电动势，测量过程中，调节R 后再调节R 1，使电流表A 1的示数为0，测得多组数据．这样，电源的电动势的测量值＝电源电动势的真实值(选填“>”“<”或“＝”)．解析：(1)电源电动势为6 V ，保护电阻约为5 Ω，则电流约为：I ＝ER 0＋r ＝61＋5A ＝1 A ，故为了能准确测量，电流表应选择B ；因电源内电阻较小，故滑动变阻器应选择阻值较小的F ；(2)由电路图可知，U 2为定值电阻两端的电压，电流表示数为R 0中的电流，由图可知电压表示数与电流表示数成正比，则可知，定值电阻的阻值为：R 0＝U 2I≈4.8 Ω；由于采用了电流表外接法，故测量出的电流偏大，则由欧姆定律可知，测量值小于真实值；如果用来测量电动势和内阻，由于采用相对电源的电流表外接法，由于电压表分流作用而使电流表示数偏小，则测出的电动势偏小；(3)由于电压表支路中电流为零，故电压表不再分流，则此时电流表测出的电流为干路电流，电压表示数为路端电压，因此测量结果是准确的．实验题提分练31．如图所示为“探究加速度与物体受力的关系”的实验装置图．图中A 为小车，质量为m 1，连接在小车后面的纸带穿过电火花打点计时器B ，它们均置于水平放置的一端带有定滑轮的足够长的木板上，P 的质量为m 2，C 为弹簧测力计，实验时改变P 的质量，读出测力计不同读数F ，不计绳与滑轮的摩擦．(1)下列说法正确的是( B )A ．一端带有定滑轮的长木板必须保持水平B ．实验时应先接通电源后释放小车C ．实验中m 2应远小于m 1D ．测力计的读数始终为m 2g2(2)如图为某次实验得到的纸带，纸带上标出了所选的四个计数点之间的距离，相邻计数点间还有四个点没有画出．由此可求得小车的加速度的大小是0.50 m/s 2(交流电的频率为50 Hz ，结果保留两位有效数字)．(3)实验时，某同学由于疏忽，遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a F 图象可能是图中的图线( C )解析：(1)一端带有定滑轮的长木板必须稍微倾斜，以平衡摩擦力，选项A 错误；实验时应先接通电源后释放小车，选项B 正确；实验中m 2不必远小于m 1，选项C 错误；由于P 向下加速运动，测力计的读数始终小于m 2g2，选项D 错误．(2)由Δx ＝aT 2解得小车的加速度的大小是0.50 m/s 2.(3)遗漏了平衡摩擦力这一步骤，他测量得到的a F 图象，应该是当F 从某一值开始增大，加速度a 才开始增大，所以可能是图线C.2．(2018·东北三省四市二模)某研究小组要测量电压表V 1的内阻r 1，要求方法简洁，有尽可能高的测量精度，并能测得多组数据，现提供如下器材：A ．电压表(V 1)：量程3 V ，内阻r 1待测(约2 000 Ω)B ．电压表(V 2)：量程6 V ，内阻r 2＝4 000 ΩC ．电压表(V 3)：量程4 V ，内阻r 3＝10 000 ΩD ．电流表(A 1)：量程0.6 A ，内阻r 4＝0.05 ΩE ．滑动变阻器(R 0)：总电阻约50 ΩF ．电源(E )：电动势15 V ，内阻很小G ．电键(S)、导线若干(1)请从所给器材中选出适当的器材，设计电路，在方框中画出电路图，标明所用器材的符号；(2)根据所设计的电路图，写出待测电压表V 1的内阻r 1的表达式，即：r 1＝U 1U 2r 2，式中各符号的意义是：U 1表示电压表V 1的示数，U 2表示电压表V 2的示数，r 2表示电压表V 2的内阻．解析：(1)由已知可得通过V 1最大电流约为 3 V2 000 Ω＝0.001 5 A ，电流表的量程太大了，故选择已知电阻的电压与表V 1串联，根据流过两电压表的电流相等，得出结果．而可通过V 2的最大电流为 6 V 4 000 Ω＝0.001 5 A ，可通过V 3的最大电流为 4 V10 000 Ω＝0.000 4 A ，故选择V 2与V 1串联，电路图如答案所示．(2)流过两电压表的电流相等，根据I ＝U 1r 1＝U 2r 2即可得出答案．U 1、U 2分别表示两电压表示数，r 1、r 2分别表示两电压表内阻．3．小明同学利用如图所示的装置来验证机械能守恒定律．A 为装有挡光片的钩码，总质量为M ，挡光片的挡光宽度为b ，轻绳一端与A 相连，另一端跨过光滑轻质定滑轮与质量为m (m <M )的重物B 相连．他的做法是：先用力拉住B ，保持A 、B 静止，测出A 的挡光片上端到光电门的距离h ；然后由静止释放B ，A 下落过程中经过光电门，光电门可测出挡光片的挡光时间t ，算出挡光片经过光电门的平均速度，将其视为A 下落h (h ≫b )时的速度，重力加速度为g .(1)在A 从静止开始下落h 的过程中，验证以A 、B 、地球所组成的系统机械能守恒的表达式为(M －m )gh ＝12(M ＋m )(b t)2(用题目所给物理量的符号表示)；(2)由于光电门所测的平均速度与物体A 下落h 时的瞬时速度间存在一个差值Δv ，因而系统减少的重力势能大于系统增加的动能(选填“大于”或“小于”)．(3)为减小上述Δv 对结果的影响，小明同学想到了以下一些做法，其中可行的是D. A ．保持A 下落的初始位置不变，测出多组t ，算出多个平均速度然后取平均值 B ．减小挡光片上端到光电门的距离h C ．增大挡光片的挡光宽度b D ．适当减小挡光片的挡光宽度b(4)若采用本装置测量当地的重力加速度g ，则测量值小于真实值(选填“大于”“等于”或“小于”)．解析：(1)通过光电门的平均速度为b t，视为下落h 时的瞬时速度；在A 从静止开始下落h 的过程中，减少的重力势能ΔE p ＝(M －m )gh ，增大的动能为ΔE k ＝12(M ＋m )(bt )2，所以验证系统机械能守恒的表达式为：(M －m )gh ＝12(M ＋m )(b t)2；(2)用平均速度代替瞬时速度，由于平均速度等于通过挡光片中间时刻的瞬时速度，可知测量速度小于下降h 高度时的实际瞬时速度，即系统减少的重力势能大于系统增加的动能；(3)下落h 时的瞬时速度v ＝2h g，通过光电门的平均速度v′＝2hg＋h －b g2，所以Δ＝v －v ′＝12(2h g－h －bg)．测多组时间并不能消除升者减少Δv ，A 错误；减小h ，根据数学知识，Δv 增大，B 错误；增大b ，根据数学知识，Δv 增大；减小b ，Δv 减小，故C 错误，D 正确，故本题选D.(4)因为(M －m )gh ＝12(M ＋m )(b t )2，所以g ＝M ＋m M －m h (b t )2，因为实际瞬时速度v >bt，所以所测值小于真实值．实验题提分练41．某同学用图甲所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让a 球从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复10次；然后再把b 球放在斜槽轨道末端的最右端附近静止，让a 球仍从原固定点由静止开始滚下，和b 球相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复10次，回答下列问题：(1)在本实验中结合图甲，验证动量守恒的验证式是下列选项中的B. A ．m a OC ＝m a OA ＋m b OBB ．m a OB ＝m a OA ＋m b OC C ．m a OA ＝m a OB ＋m b OC(2)经测定，m a ＝45.0 g ，m b ＝7.5 g ，请结合图乙分析：碰撞前、后m a 的动量分别为p 1与p 1′，则p 1p 1′＝1411(保留分式)．有同学认为，在该实验中仅更换两个小球的材质，其他条件不变，可以使被碰小球做平抛运动的水平距离增大．请你用已知的数据，分析和计算出被碰小球m b 平抛运动水平距离的最大值为76.8 cm.解析：(1)小球离开轨道后做平抛运动，小球在空中的运动时间t 相等，如果碰撞过程动量守恒，则有：m a v B ＝m a v A ＋m b v C ，两边同时乘以时间t 得：m a v B t ＝m a v A t ＋m b v C t ，得：m a OB ＝m a OA ＋m b OC ，故选B. (2)p 1p ′1＝m a v a m a v ′a ＝OB OA ＝44.8035.20＝1411；发生弹性碰撞时，被碰小球获得速度最大，根据动量守恒定律：m a v a ＝m a v ′a ＋m b v ′b 根据机械能守恒定律：12m a v 2a ＝12m a v ′2a ＋12m b v ′2b由以上两式解得：v ′b ＝2m am a ＋m bv a ，因此最大射程为：s m ＝2m a m a ＋m b ·OB ＝2×4545＋7.5×44.8 cm≈76.8 cm.2．(2018·四川资阳模拟)如图甲所示的装置，可用于探究恒力做功与速度变化的关系．水平轨道上安装两个光电门，小车上固定有力传感器和挡光板，细线一端与力传感器连接，另一端跨过定滑轮挂上砝码盘．实验时首先保持轨道水平，通过调整砝码盘里的质量让小车做匀速运动以实现平衡摩擦力，再进行后面的操作，并在实验中获得以下测量数据：小车、力传感器和挡光板的总质量M ，平衡摩擦力时砝码和砝码盘的总质量m 0，挡光板的宽度d ，光电门1和2的中心距离s .(1)实验需要用20分度的游标卡尺测量挡光板的宽度d ，如图乙所示，d ＝5.50 mm. (2)某次实验过程，力传感器的读数为F ，小车通过光电门1和光电门2的挡光时间分别为t 1、t 2(小车通过光电门2后，砝码盘才落地)，砝码盘和砝码的质量为m ，已知重力加速度为g ，则对该小车，实验要验证的表达式是C.A ．mgs ＝12M (d t 2)2－12M (d t 1)2B ．(m －m 0)gs ＝12M (d t 2)2－12M (d t 1)2C ．(F －m 0g )s ＝12M (d t 2)2－12M (d t 1)2D ．Fs ＝12M (d t 2)2－12M (d t 1)2解析：(1)游标卡尺的主尺读数为5 mm ，游标读数为0.05×10 mm＝0.50 mm ，则d ＝5.50 mm.(2)根据极短时间内的平均速度等于瞬时速度知，小车通过光电门1和光电门2时的瞬时速度分别为v 1＝d t 1，v 2＝d t 2，则小车动能的增加量为12Mv 22－12Mv 21＝12M (d t 2)2－12M (d t 1)2.外力对小车做的功W ＝(F －m 0g )s ，则需要验证的表达式为：(F －m 0g )s ＝12M (d t 2)2－12M (d t 1)2.故选C.3．某物理小组欲利用如图所示的电路同时测量一只有30格刻度的毫安表的量程、内阻且得到光敏电阻的阻值与光照强度之间的关系．实验室能提供的实验器材有：学生电源(输出电压为U ＝18.0 V ，内阻不计)、电阻箱R (最大阻值9 999.9 Ω)、单刀双掷开关一只、导线若干．(1)该小组实验时先将电阻箱的阻值调至最大，然后将单刀双掷开关接至a 端，开始调节电阻箱，发现将电阻箱的阻值调为1 700 Ω时，毫安表恰好能够偏转一个格的刻度，将电阻箱的阻值调为500 Ω时，毫安表刚好能偏转三个格的刻度，实验小组据此得到了该毫安表的量程为300 mA ，内阻R g ＝100 Ω.(2)该小组查阅资料得知，光敏电阻的阻值随光照强度的变化很大，为了安全，该小组需将毫安表改装成量程为3 A 的电流表，则需在毫安表两端并联(选填“串联”或“并联”)一个阻值为11.1 Ω的电阻．(3)该小组将单刀双掷开关接至b 端，通过实验发现，流过毫安表的电流I (单位：mA)与光照强度E (单位：cd)之间的关系满足I ＝13E ，由此可得到光敏电阻的阻值R (单位：Ω)与光照强度E 之间的关系为R ＝5 400E－10(Ω)．解析：(1)设毫安表每格表示的电流大小为I 0，则当电阻箱的阻值为R 1＝1 700 Ω时，由闭合电路欧姆定律可得(R 1＋R g )I 0＝U ；当电阻箱的阻值为R 2＝500 Ω时，则有3(R 2＋R g )I 0＝U ，联立并代入数据解得R g ＝100 Ω，I 0＝10 mA ，故该毫安表的量程为300 mA.(2)要将量程为300 mA 的毫安表改装成量程为I A ＝3 A 的电流表，则需在毫安表两端并联一个电阻，设其阻值为R ′，则有I g R g ＝(I A －I g )R ′，代入数据解得R ′＝1009Ω≈11.1 Ω.(3)由题意可知，改装后电流表的总电阻R G ＝10 Ω，设流过光敏电阻的电流大小为I ′(单位：A)，则有(R ＋R G )I ′＝U 成立，且I ′＝R g ＋R ′R ′I ×10－3，即(R ＋10)×103E ×10－3(V)＝18.0(V)，整理可得R ＝5 400E－10(Ω)．实验题提分练51．(2018·银川九中模拟)(1)图中游标卡尺的读数为10.90 mm ，螺旋测微器的读数为2.970 mm.(2)探究“合外力做功和物体速度变化的关系”的实验中，同学们提出了以下几种猜想：①W ∝v ，②W ∝v ，③W ∝v 2.他们的实验装置如图甲所示，PQ 为一块倾斜放置的木板，在Q 处固定一个速度传感器(用来测量物体每次通过Q 点时的速度)，每次实验，物体从不同初始位置处由静止释放．同学们设计了以下表格来记录实验数据，其中L 1、L 2、L 3、L 4、……代表物体分别从不同的位置处无初速度释放时的位置到速度传感器的距离，v 1、v 2、v 3、v 4、……表示物体每次通过Q 点的速度．他们的做法是否合适，不合适(选填“合适”或者“不合适”)，应绘制L v 2图象．解析：(1)游标卡尺的主尺读数为：1.0 cm ，游标尺读数为18×0.05 mm＝0.90 mm ，所以最终读数为：10.0 mm ＋0.90 mm ＝10.90 mm.螺旋测微器的固定刻度读数为2.5 mm ，可动刻度读数为47.0×0.01 mm＝0.470 mm ，所以最终读数为2.5 mm ＋0.470 mm ＝2.970 mm.(2)采用表格方法记录数据，绘制的L v 图象是曲线，不能直接得出结论W ∝v 2，做法不合适，为了更直观地看出L 和v 的变化关系，应该绘制L v 2图象．2．(2018·哈尔滨第六中学检测)如图所示为弹簧弹射装置，在内壁光滑、水平固定的金属管中放有轻弹簧，在其两端各放置一个金属小球1和2(两球直径略小于管径且与弹簧不固连)，压缩弹簧并锁定．现解除锁定，则两个小球同时沿同一直线向相反方向弹射．按下述步骤进行实验：①用天平测出两球质量分别为m 1、m 2； ②用刻度尺测出两管口离地面的高度均为h ；③解除弹簧锁定弹出两球，记录两球在水平地面上的落点P 、Q . 回答下列问题：(1)要测定弹射装置在弹射时所具有的弹性势能，还需测量的物理量有 B.(已知重力加速度g )A ．弹簧的压缩量ΔxB ．两球落点P 、Q 到对应管口M 、N 的水平距离x 1、x 2C ．小球直径D ．两球从管口弹出到落地的时间t 1、t 2(2)根据测量结果，可得弹性势能的表达式为E p ＝m 1gx 214h ＋m 2gx 224h.(3)由上述所测得的物理量来表示，如果满足关系式m 1x 1＝m 2x 2，那么说明弹射过程中两小球组成的系统动量守恒．解析：(1)弹簧的弹性势能等于两球得到的动能之和，要求解动能必须还要知道两球弹射的初速度v 0，由平抛运动规律，可知v 0＝x2hg，故还需要测出两球落点P 、Q 到对应管口M 、N 的水平距离x 1、x 2，B 正确．(2)小球的动能E k ＝12mv 20＝12m (x2h g)2＝mgx 24h ；故弹性势能的表达式为E p ＝12m 1v 21＋12m 2v 22＝m 1gx 214h ＋m 2gx 224h. (3)由测得的物理量来表示，如果满足关系式m 1v 1＝m 2v 2，即m 1x 1＝m 2x 2，那么说明弹射过程中两小球组成的系统动量守恒．3．现有一量程为3 V 的电压表，内阻约为5～6 k Ω.为了较准确地测量其内阻，在没有电流表的情况下，某同学设计了如图甲所示的实验电路，按此电路可以测出电压表的内阻．(1)试根据图甲所示的电路图，完成如图乙所示的实物电路的连线．答案：如图所示(2)若电源E 、滑动变阻器R 2、电阻箱R 1各有两组可供选择：电源E ：a ．电动势2.0 V ，有内阻b ．电动势5.0 V ，有内阻滑动变阻器R 2： a ．最大阻值20 Ωb ．最大阻值1 700 Ω 电阻箱R 1： a ．0～999.9 Ω b ．0～9 999.9 Ω为了减小实验误差，电源E 应选b(填序号“a”或“b”，下同)，滑动变阻器R 2应选a ，电阻箱R 1应选b.(3)该同学在开关都断开的情况下，检查电路连接无误后，接通电路前应将滑动变阻器的滑动头P 置于A 端．后续必要的实验操作步骤依次是：A 、B 、E 、D 、G 或B 、A 、E 、D 、G.最后记录R 1的阻值并整理好器材．(请按合理的实验顺序，选填．．下列步骤前的字母) A ．闭合开关S 1 B ．闭合开关S 2 C ．断开开关S 1D ．断开开关S 2E ．调节R 2的阻值，使电压表指针偏转到满刻度F ．调节R 2的阻值，使电压表指针偏转到满刻度的一半G ．调节R 1的阻值，使电压表指针偏转到满刻度的一半H ．调节R 1的阻值，使电压表指针偏转到满刻度(4)按正确的实验步骤操作完成后，如果所得的R 1的阻值为5 400.0 Ω，则图甲中被测电压表V 的内阻R V 的测量值为5_400.0 Ω，该测量值略大于实际值(选填“略大于”“略小于”或“等于”)．解析：(2)电压表的量程为3 V ，电源E 应选b ，滑动变阻器R 2采用分压式接入，选最大阻值较小的a ，当电压表半偏时，电阻箱R 1与电压表内阻近似相等，则应选b ；(3)接通电路前应将滑动变阻器的滑动头P 置于A 端，确保开始实验输出电压最小；实验过程中电压表先满偏，后半偏，其步骤可以为ABEDG 或BAEDG ；(4)闭合S 2后，R 1和电压表各分得的电压为电压表量程的一半，则电压表内阻等于 5 400.0 Ω；实际上断开S 2后，滑动变阻器的输出电压略有增大，则R 两端的电压大于U g2，测量值大于真实值．实验题提分练61—5为单选，6—8为多选1．(2017·全国卷Ⅰ)某探究小组为了研究小车在桌面上的直线运动，用自制“滴水计时器”计量时间．实验前，将该计时器固定在小车旁，如图甲所示．实验时，保持桌面水平，用手轻推一下小车．在小车运动过程中，滴水计时器等时间间隔地滴下小水滴，图乙记录了桌面上连续的6个水滴的位置．(已知滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴)(1)由图乙可知，小车在桌面上是从右向左(填“从右向左”或“从左向右”)运动的． (2)该小组同学根据图乙的数据判断出小车做匀变速运动．小车运动到图乙中A 点位置时的速度大小为0.19 m/s ，加速度大小为0.037 m/s 2.(结果均保留两位有效数字)．解析：(1)由于小车在水平桌面上运动时必然受到阻力作用，做匀减速直线运动，相邻水滴(时间间隔相同)的位置间的距离逐渐减小，所以由题图乙可知，小车在桌面上是从右向左运动的．(2)滴水计时器每30 s 内共滴下46个小水滴，其滴水的时间间隔为T ＝3046－1 s ＝23 s ．根据匀变速直线运动的规律，可得小车运动到题图乙中A 点位置时的速度大小为v A ＝0.117＋0.1332T m/s≈0.19 m/s.根据逐差法，共有5组数据，舍去中间的一组数据，则加速度a ＝x 3＋x 4－x 1－x 24T2＝＋100－150－232m/s 2≈－0.037 m/s 2，因此加速度的大小为0.037 m/s 2.2．有一个额定电压为2.8 V ，额定功率约为0.8 W 的小灯泡，现要用伏安法描绘这个灯泡的I U 图线，有下列器材供选用：A ．电压表(0～3 V ，内阻6 k Ω)；B ．电压表(0～15 V ，内阻30 k Ω)；C ．电流表(0～3 A ，内阻0.1 Ω)；D ．电流表(0～0.6 A ，内阻0.5 Ω)；E ．滑动变阻器(10 Ω，2 A)；F ．滑动变阻器(200 Ω，0.5 A)；G ．蓄电池(电动势6 V ，内阻不计)．(1)用如图甲所示的电路进行测量，电压表应选用A ，电流表应选用D ，滑动变阻器应选用E.(用字母序号表示)(2)通过实验测得此灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．由图线可求得此灯泡在正常工作时的电阻为10 Ω，此时灯泡的功率为0.784 W.(3)若将此灯泡与电动势为 6 V 、内阻不计的电源连接，要使灯泡正常发光，需串联一个阻值为11.4 Ω的电阻．解析：(1)小灯泡的额定电压为2.8 V ，故电压表应选用0～3 V 量程的A ；小灯泡的额定功率为0.8 W ，故小灯泡的额定电流约为0.3 A ，电流表应选取0～0.6 A 量程的D ；滑动变阻器应选择阻值较小的E ，便于调节．(2)根据题图乙可知，当小灯泡两端的电压为2.8 V 时，对应的电流为0.28 A ，根据欧姆定律得电阻为R ＝U I ＝2.80.28Ω＝10 Ω，此时灯泡的功率为P ＝UI ＝2.8×0.28 W＝0.784 W.(3)当灯泡正常发光时回路中的电流为I ＝0.28 A ，则串联电阻两端的电压为U R ＝6 V －2.8 V ＝3.2 V ．根据欧姆定律可知应串联电阻的阻值为R ＝U R I ＝3.20.28Ω＝11.4 Ω.3．(2018·唐山三模)研究小组利用下表中的实验器材，测量电流表A 1的内阻r .请指出两电路存在的问题：甲图电压表量程过大，测量中示数太小，测量精度较低；乙图两电流表量程均较小，调节过程中滑动变阻器调节范围过小，不易操作．(2)另一位同学对电路乙进行优化后进行实验，得到若干组数据，如下表所示．请你根据数据在坐标纸中画出I 1I 2的关系图线．答案：图略(3)根据所描图线可知待测电流表的内阻为40(38到42之间均可) Ω. (4)请你在虚线框中画出优化后的电路图．解析：(1)甲电路中，当电流表示数接近满偏时，电压表两端电压约为U V ＝I g1r 1＝0.4 V ，该电压远小于电压表量程，测量示数太小，测量精度较低；乙电路中，两电流表分别满偏时，其两端电压分别为U A1＝I g1r 1＝0.4 V 、U A2＝I g2r 2＝0.375 V ，测量过程中滑动变阻器调节范围过小，不易操作．(3)由I 1r 1＝I 2r 2得r 1＝I 2I 1·r 2，由作出的I 1I 2图线得斜率k ＝18.75，所以r 1＝40 Ω.。

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高考物理二轮复习:实验题提分练2
1．现要测量一个未知电阻R x 的阻值，除R x 外可用的器材有：多用电表(仅可使用欧姆挡)；一个电池组E (电动势6 V)；
一个滑动变阻器R (0～20 Ω，额定电流1 A)；
两个相同的电流表G(内阻R g ＝1 000 Ω，满偏电流I g ＝100 μA)；两个标准电阻(R 1＝29 000 Ω，R 2＝0.1 Ω)；一个开关S 、导线若干．
(1)为了设计电路，先用多用电表的欧姆挡粗测未知电阻，采用“×10”挡，调零后测量该电阻，发现指针偏转非常大，最后几乎紧挨满偏刻度停下来，下列判断和做法正确的是AC(填字母代号)．
A ．这个电阻阻值很小，估计只有几欧姆
B ．这个电阻阻值很大，估计有几千欧姆
C ．如需进一步测量可换“×1”挡，调零后测量
D ．如需进一步测量可换“×1 K”挡，调零后测量
(2)根据粗测的判断，设计一个测量电路，要求测量尽量准确并使电路能耗较小，画出实验电路图，并将各元件字母代码标在该元件的符号旁．
解析：(1)用欧姆表“×10”挡测电阻时，指针几乎满偏，说明被测电阻很小，估计只有几欧姆，A 项正确，B 项错误；要进一步测量应换用“×1”挡，欧姆调零后再进行测量．
(2)实验中要使电路能耗较小，滑动变阻器应采用限流接法，用两个电流计和两个定值电阻改装成一个量程U ＝I g (R g ＋R 1)＝3 V 的电压表，一个量程为I ＝I g ＋
I g R g
R 2
＝1 A 的电流表．由于改装后的电压表的分流可以直接测出，因此电流表采用外接法．
2．在探究弹力和弹簧伸长量的关系时，某同学先按图1对弹簧甲进行探究，然后把弹簧甲和弹簧乙并联起来按图2进行探究．在弹性限度内，将质量为m ＝50 g 的钩码逐个挂在弹簧下端，分别测得图1、图2中弹簧的长度L 1、L 2如下表所示：
已知重力加速度g ＝9.8 m/s 2
，要求尽可能多地利用测量数据，计算弹簧甲的劲度系数
k ＝49 N/m(结果保留两位有效数字)．由表中数据能(填“能”或“不能”)计算出弹簧乙的
劲度系数．
解析：由题中实验数据可知，每增加1个钩码，弹簧甲的平均伸长量约为1.00 cm ，
则弹簧甲的劲度系数k ＝F
Δx ＝mg Δx ＝50×10－3×9.8 N
1.00×10－2
m
＝49 N/m. 把弹簧甲和弹簧乙并联起来按题图2进行探究．由表中数据可知，每增加1个钩码，弹簧的平均伸长量约为0.32 cm ，由mg ＝F 甲＋F 乙＝k 甲Δx 甲＋k 乙Δx 乙，可知弹簧乙的劲度系数能够计算．
3．(2018·山东淄博市模拟)某同学设计了一个既可以测电阻又可以测电源电动势与内阻的实验电路，如图甲所示，实验室提供了以下实验器材：
电源E (电动势为6 V ，内阻约为1 Ω) 定值电阻R 0(阻值约为5 Ω)
电流表A(量程30 mA ，内阻约为5 Ω) 电流表B(量程1 A ，内阻约为1 Ω) 电压表C(量程6 V ，内阻约为5 k Ω) 电压表D(量程3 V ，内阻约为3 k Ω) 滑动变阻器F (阻值0～20 Ω) 滑动变阻器G (阻值0～500 Ω) 根据题中所给信息，请回答以下问题
(1)电流表应选B ，滑动变阻器应选F .(选填器材代号)
(2)该同学操作正确无误，用U 1、U 2、I 分别表示电表、、的读数，其数据如下表所示：
0 4.8 ，其测量值<真实值(选填“>”“<”或“＝”)；该同学同时利用上表测得的数据求得电动势和内阻，由误差分析可知，电动势的测量值<电动势的真实值(选填“>”“<”或“＝”)．
(3)该同学进一步利用了一个辅助电源E ′，采用如图乙所示电路测量电源的电动势，测量过程中，调节R 后再调节R 1，使电流表A 1的示数为0，测得多组数据．这样，电源的电动势的测量值＝电源电动势的真实值(选填“>”“<”或“＝”)．
解析：(1)电源电动势为6 V ，保护电阻约为5 Ω，则电流约为：I ＝
E
R 0＋r ＝6
1＋5
A ＝1 A ，故为了能准确测量，电流表应选择
B ；因电源内电阻较小，故滑动变阻器应选择阻值较小的F ；
(2)由电路图可知，U 2为定值电阻两端的电压，电流表示数为R 0中的电流，由图可知电压表示数与电流表示数成正比，则可知，定值电阻的阻值为：R 0＝U 2
I
≈4.8 Ω；由于采用了电流表外接法，故测量出的电流偏大，则由欧姆定律可知，测量值小于真实值；如果用来测量电动势和内阻，由于采用相对电源的电流表外接法，由于电压表分流作用而使电流表示数偏小，则测出的电动势偏小；
(3)由于电压表支路中电流为零，故电压表不再分流，则此时电流表测出的电流为干路电流，电压表示数为路端电压，因此测量结果是准确的．。