2018年高考物理二轮复习 题型训练2 实验题突破练
2018届高考物理二轮复习专题整合高频突破(新课标20份,含答案)(19)
二
3.仪器读数
(1)使用刻度尺、弹簧测力计、温度计、电流表、电压表等仪器
时,凡是最小刻度是10分度的,要求读到最小刻度后再把最小刻度
10等分估读一位(估读的这位是不可靠数字,却是有效数字的不可
缺少的组成部分);而最小刻度是5(或2)分度的,则把最小刻度按5(或
2)等分估读一位。例如图甲中用毫米刻度尺测量物体长度为6.50
④将另一挡光片换到滑块上,使滑块上的挡光片前端与①中位置 相同,令滑块由静止开始下滑,重复步骤②、③;
⑤多次重复步骤④;
一
二
-23-
⑥利用实验中得到的数据作出������-Δt 图,如图丙所示。
丙
-24-
一
二
完成下列填空:
(1)用a表示滑块下滑的加速度大小,用vA表示挡光片前端到达光
电门时滑块的瞬时速度大小,则 ������与vA、a和Δt的关系式为
注意平衡摩擦力、功的大小的确定方法以 及物体速度的求解方法
-7-
一
二
分类 实验名称
验证机械能
守恒定律
验证 型 实验
验证力的平行 四边形定则 验证牛顿运 动定律
验证动量
守恒定律
常考要点 用自由落体进行实验,知道如何从纸带的 数据中确定 ΔEp 和 ΔEk 弹簧测力计的使用注意事项及读数、力的 图示、根据平行四边形定则求出合力 控制变量法的应用、图象的处理以及实验 的注意事项
-4-
题型分析
增分策略
3.要捕捉并提取信息 试题总是通过提供诸多信息从而再现实验情景,因此,必须捕捉并 提取有价值的信息,才能使问题迎刃而解。一般需要关注如下信息: (1)新的概念、规律、公式。一些新颖的实验题、陌生的应用题、 新规律验证题,都提供众多信息。在阅读理解的基础上提取有用信 息为解题服务。 (2)新的表格数据。通过解读表格,了解实验测量的物理量;根据表 格中的数据,判断相关物理量之间的关系。如正比例关系、反比例 关系、二次方或开方关系以及倒数关系;根据数据描点作图,直观反 映实验的某种规律。 (3)新的物理图象。实验题本身提供了物理图象,但这些图象以前 没有接触过,关键是要明确图象的物理意义,帮助正确分析实验问题。
2018版高考物理二轮复习实验专攻练2 含解析 精品
实验专攻练(二)(时间：15分钟 分值：15分)22．(6分)( 2018·武汉华中师大一附中模拟)某同学用如图1甲所示的装置验证机械能守恒定律．一根细线系住钢球，悬挂在铁架台上，钢球静止于A 点，光电门固定在A 的正下方．在钢球底部竖直地粘住一片宽带为d 的遮光条．将钢球拉至不同位置由静止释放，遮光条经过光电门的挡光时间t 由计时器测出，取v ＝d t作为钢球经过A 点时的速度．记录钢球每次下落的高度h 和计时器示数t ，计算并比较钢球在释放点和A 点之间的势能变化大小ΔE p 与动能变化大小ΔE k ，就能验证机械能是否守恒．图1(1)用ΔE p ＝mgh 计算钢球重力势能变化的大小，式中钢球下落高度h 应测量释放时的钢球球心到________之间的竖直距离．(A)钢球在A 点时的顶端(B)钢球在A 点时的球心(C)钢球在A 点时的底端(2)用ΔE k ＝12mv 2计算钢球动能变化的大小，用刻度尺测量遮光条宽度，示数如图2所示，其读数为______cm.某次测量中，计时器的示数为0.010 0 s ，则钢球的速度为v ＝________ m/s.(3)下表为该同学的实验结果：p k 意他的观点？请说明理由．【解析】 (1)小球下落的高度h 是初末位置球心之间的高度差，所以要选B.(2)刻度尺读数的方法，需估读一位，所以读数为 1.50 cm ；某次测量中，计时器的示数为0.010 0 s ，则钢球的速度为：v ＝d t ＝1.50×10－20.010 0m/s ＝1.50 m/s.(3)不同意．从表中的数据可知，小球动能的增加量大于小球的重力势能的减小量；若是空气的阻力造成的，则ΔE k 要小于ΔE p ，所以误差不是空气的阻力造成的．【答案】 (1)B (2)1.50 1.50 (3)不同意，若是空气阻力造成的，则ΔE k 要小于ΔE p ，所以误差不是空气的阻力造成的；23．(9分)(2018·沈阳三模)在测定电源电动势和内电阻的实验中，实验室提供了合适的实验器材．(1)甲同学按电路图2甲进行测量实验，其中R 2为保护电阻，则图2①请用笔画线代替导线在图乙中完成电路的连接；②由电压表的读数U 和电流表的读数I ，画出U I 图线如图丙所示，可得电源的电动势E ＝________V,内电阻r ＝________Ω.(结果保留两位有效数字)(2)乙同学误将测量电路连接成如图3甲所示，其他操作正确，由电压表的读数U 和电流表的读数I ，画出U I 图线如图乙所示，可得电源的电动势E ＝________V ，内电阻r ＝________Ω.(结果保留两位有效数字)图3【解析】 (1)①根据原理图可得出对应的实物图如图所示．②由图丙可得电动势E ＝2.8 V ，内阻r ＝ΔU ΔI＝0.60 Ω. (2)当电压为U 1＝2.5 V 时，电压表示数最大，说明此时滑动触头左右电阻值相等，此时干路电流I 1＝2×0.5 A＝1 A ，对应图线乙可知，当电压U 2＝2.4 V 时，对应电流分别为0.33 A和0.87 A，由电路连接特点可知，干路电流I2＝0.33 A＋0.87 A＝1.2 A，根据闭合电路欧姆定律得，2．5 V＝E－1·r2．4 V＝E－1.2 r可得出E＝3.0 V，r＝0.50 Ω.【答案】(1)①见解析②2.800.60(2)3.0 0.50。
全国通用2018年高考物理二轮温习精练二实验题15分标准练一
实验题15分标准练(一)22.(6分)某物理学习小组的同窗在研究性学习进程中，用伏安法研究某种小灯泡L1(6 V 2.5 W)的伏安特性曲线，设计了如图1所示的电路，要求多次测量，尽可能减小实验误差，备有以下器材：图1A.直流电源；B.电压表V；C.电流表A；D.滑动变阻器R1(0～20 Ω，5 A)；E.滑动变阻器R2(0～200 Ω，1 A)；F.开关与导线假设干。
请回答以下问题：(1)滑动变阻器应选择________(填选项前的字母)。
(2)依如实验原理图，用笔画线代替导线，将图2中的实物图连接完整。
图2(3)开关S闭合之前，图中滑动变阻器的滑片应该置于________。
(选填“A端”“B端”或“A、B中间”)(4)如图3所示为该种小灯泡的U－I图象，现将两个这种小灯泡L1、L2与一个阻值为5Ω的定值电阻R0连成如图4所示的电路，电源的内阻为r＝2.5 Ω，开关S闭合后，小灯泡L1与定值电阻R0的电功率恰好均为P，那么P＝________W，电源的电动势E＝________V。
图3 图4解析(1)绘制伏安特性曲线，要求小灯泡两头电压由零开始持续调剂，故滑动变阻器采纳分压式接法，因此选择阻值较小的滑动变阻器，选D。
(2)小灯泡电阻较小，电流表采纳外接法。
(3)为确保闭合开关时，小灯泡两头电压最小，滑动变阻器滑片应置于A端。
(4)L1与电阻R0并联，电压相等、功率相等，故现在小灯泡L1的电阻为5 Ω，由伏安特性曲线可知，现在小灯泡L1两头电压为1 V，通过的电流为0.2 A，因此功率P＝UI＝0.2 W；由并联电路知识可知，通过L2的电流为0.4 A，由伏安特性曲线可知，L2两头电压为4 V，故电源的路端电压为5 V；由闭合电路欧姆定律可知，E＝U＋Ir＝5 V＋0.4×2.5 V＝6 V。
答案(1)D (2)如解析图所示(3)A端(4)0.2 623.(9分)某同窗利用图5所示的实验装置探讨小车在均匀长木板上的运动规律。
2018年高考物理二轮复习 实验题满分专练(二)
实验题满分专练(二)
在图中画出连线，完成实验电路．要求滑动变阻器以限流方式接入电路，且在开关闭合后，金属棒沿箭头所示的方向移动．
为使金属棒在离开导轨时具有更大的速度，有人提出以下建议：
．适当增加两导轨间的距离
．换一根更长的金属棒
可得，适当增加导轨间的距离或者增大电流，
安培力，根据动能定理得，Fx－μmgx＝1
2
mv2，则金属棒离开导轨时的动能变大，即离开导
正确；若换用一根更长的金属棒，但金属棒切割磁感线的有效长度
即导轨间的距离不变，安培力F不变，棒的质量变大，速度v＝2Fx m
甲同学设计的实验装置如图甲所示．其中A为置于水平面上的质量为
m的物块，C为物块右端连接的一轻质弹簧测力计，连接弹簧的细绳水平．实验时用力向左拉动A，当C的示数稳定后(B仍在A上)，读出其示数
与B”或“A与地面”)之间的动摩擦因数，其表达式为
乙同学的设计如图乙所示．他在一端带有定滑轮的长木板上固定
与光电门相连的计时器可以显示带有遮光片的物块在其间的运动时间，。
最新-高考物理二轮专项突破训练：力学实验 精品
北京市2018年高三二轮专项突破训练：物理-力学实验一.０６－０８年力学高考实验题1、（18全国卷1）Ⅰ.（6分）如图所示，两个质量各为m1和m2的小物块A和B，分别系在一条跨过定滑轮的软绳两端，已知m1＞m2，现要利用此装置验证机械能守恒定律。
（1）若选定物块A从静止开始下落的过程中进行测量，则需要测量的物理量有_________。
①物块的质量m1、m2；②物块A下落的距离及下落这段距离所用的时间；③物块B下落的距离及下落这段距离所用的时间；④绳子的长度。
（2）为提高实验结果的准确程度，某小组同学对此实验提出以下建议：①绳的质量要轻；②在“轻质绳”的前提下，绳子越长越好；③尽量保证物块只沿竖直方向运动，不要摇晃；④两个物块的质量之差要尽可能小。
以上建议中确实对提高准确程度有作用的是_________。
（3）写出一条．．上面没有提到的对提高实验结果准确程度有益的建议：___________________________________________________________________________。
2、（18全国卷2）（1）（5分）某同学用螺旋测微器测量一铜丝的直径，测微器的示数如图所示，该铜丝的直径为__________mm．3、（18北京卷）（2）某同学和你一起探究弹力和弹簧伸长的关系，并测弹簧的劲度系数k。
做法是先将待测弹簧的一端固定在铁架台上，然后将最小刻度是毫米的刻度尺竖直放在弹簧一侧，并使弹簧另一端的指针恰好落在刻度尺上。
当弹簧自然下垂时，指针指示的刻度数值记作L0，弹簧下端挂一个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L1;弹簧下端挂两个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L2;……;挂七个50g的砝码时，指针指示的刻度数值记作L2。
①下表记录的是该同学已测出的6个值，其中有两个数值在记录时有误，它们的代表符号分别是和．②实验中，L 3和L 2两个值还没有测定，请你根据上图将这两个测量值填入记录表中。
2018版高考物理二轮复习小题提速练2 含解析 精品
小题提速练(二)(时间：20分钟分值：48分)选择题(本题共8小题，每小题6分，共48分．在每小题给出的四个选项中，第14～18题只有一项符合题目要求，第19～21题有多项符合题目要求．全部选对的得6分，选对但不全的得3分，有选错的得0分．)14．(2018·高三第一次全国大联考(新课标卷Ⅰ))A、B两个物体在同一条直线上做直线运动，它们at图象如图1所示，规定水平向右为正方向．已知在t＝0时，两物体的速度均为零，且A在B的左边1.75 m处，则A追上B的时间是( )图1A．t＝0.5 s B．t＝1.5 sC．t＝2.5 s D．t＝3.5 sD[很显然，在前2 s内两个物体运动规律是一样的，不可能追上，故A、B错误；在t＝2.5 s时，A的位移是1.125 m，B的位移是0.875 m，两位移之差为0.25 m，小于1.75 m，故C错误；t＝3.5 s时，A的位移是1.875 m，B的位移是0.125 m，两位移之差等于1.75 m，故D正确．]15．(2018·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图2所示，一根不可伸长的轻质细绳两端分别连接在固定框架上的A、B两点，细绳绕过光滑的轻小滑轮，重物悬挂于滑轮下，处于静止状态，若缓慢移动细绳的端点，则绳中拉力大小的变化情况是( )【导学号：19624219】图2A．只将绳的左端移向A′点，拉力变小B．只将绳的左端移向A′点，拉力变大C．只将绳的右端移向B′点，拉力变大D．只将绳的右端移向B′点，拉力不变C[设细绳总长度为L，OA段长度为l1，OB段长度为l2，由对称性可知，OA、OB与竖直方向间夹角相等，设为α，两悬点间的水平距离设为d ，则由l 1sin α＋l 2sin α＝d ，l 1＋l 2＝L 可得sin α＝d L ，只将绳的左端移向A ′点的过程中，d 不变，α不变，由2F cos α＝G 可知，F 不变，A 、B 均错误；只将绳的右端移向B ′点的过程中，d 增大，α增大，F 增大，C 正确，D 错误．]16．(2018·沈阳三模)以无穷远处的电势为零，在电荷量为q 的点电荷周围某点的电势可用φ＝kq r计算，式中r 为该点到点电荷的距离，k 为静电力常量．两电荷量大小均为Q 的异种点电荷固定在相距为L 的两点，如图3所示．现将一质子(电荷量为e )从两点电荷连线上的A 点沿以电荷＋Q 为圆心、半径为R 的半圆形轨迹ABC 移到C 点，质子从A 移到C 的过程中电势能的变化情况为( )图3A ．增加2kQe L 2－R 2B ．增加2kQeR L 2－R 2 C ．减少2kQeR L 2＋R 2 D ．减少2kQe L 2＋R 2B [根据题中φ＝kq r公式和叠加原理可知，φA ＝k －Q L －R ＋k Q R .C 点的电势φC ＝k －Q L ＋R ＋k Q R .故U AC ＝φA －φC ＝－2kQR L 2－R 2，质子由A 移到C 的过程中电场力做功W AC ＝U AC e ＝－2kQeR L 2－R 2，是负功，故质子电势能增加2kQeR L 2－R 2，B 项正确．] 17．(2018·新余市一中七模)放射性物质碘131的衰变方程为131 53I→13154Xe ＋Y ＋γ.根据有关放射性知识，下列说法正确的是( )A ．生成的131 54Xe 处于激发态，放射γ射线．γ射线的穿透能力最强，电离能力也最强B ．若131 53I 的半衰期大约是8天，取4个碘原子核，经16天就只剩下1个碘原子核了C ．Y 粒子为β粒子D.131 53I 中有53个质子和132个核子C [γ射线的穿透能力最强，电离能力最弱，故A 错误．半衰期具有统计规律，对大量的原子核适用，对少数的原子核不适用，故B 错误．根据电荷数守恒、质量数守恒知，Y 粒子的电荷数为－1，质量数为0，可知Y 粒子为β粒子，故C 正确．电荷数等于质子数，可知131 53I 中有53个质子，质量数等于核子数，则有131个核子，故D错误．故选C.]18．(2018·虎林市摸底考试)2018年2月11日，美国科学家宣布探测到引力波，证实了爱因斯坦100年前的预测，弥补了爱因斯坦广义相对论中最后一块缺失的“拼图”，双星的运动是产生引力波的来源之一，假设宇宙中有一双星系统由a 、b 两颗星体组成，这两颗星绕它们的连线的某一点在万有引力作用下做匀速圆周运动，测得a 星的周期为T ，a 、b 两颗星的距离为l ，a 、b 两颗星的轨道半径之差为Δr ，已知a 星的轨道半径大于b 星的轨道半径，则( )【导学号：19624220】A ．b 星的周期为l －Δr l ＋ΔrT B ．a 星的线速度大小为πl －Δr TC ．a 、b 两颗星的半径之比为l ＋Δr l －ΔrD ．a 、b 两颗星的质量之比为l ＋Δr l －Δr C [双星系统中两颗星的周期和角速度均相等，A 错误；由r a ＋r b ＝l ，r a －r b ＝Δr 可知r a ＝l ＋Δr 2，r b ＝l －Δr 2，r a r b ＝l ＋Δr l －Δr ，由m a ω2r a ＝m b ω2r b 可得：m a m b ＝r b r a ＝l －Δr l ＋Δr，C 正确，D 错误；由v a ＝2πr a T 可得：v a ＝πl ＋Δr T ，B 错误．] 19．(2018·Ⅱ卷)某同学自制的简易电动机示意图如图4所示．矩形线圈由一根漆包线绕制而成，漆包线的两端分别从线圈的一组对边的中间位置引出，并作为线圈的转轴．将线圈架在两个金属支架之间，线圈平面位于竖直面内，永磁铁置于线圈下方．为了使电池与两金属支架连接后线圈能连续转动起来，该同学应将( )图4A ．左、右转轴下侧的绝缘漆都刮掉B ．左、右转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉C ．左转轴上侧的绝缘漆刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉D ．左转轴上下两侧的绝缘漆都刮掉，右转轴下侧的绝缘漆刮掉AD [装置平面示意图如图所示．如图所示的状态，磁感线方向向上，若形成通路，线圈下边导线中电流方向向左，受垂直纸面向里的安培力，同理，上边导线中电流受安培力垂直纸面向外，使线圈转动．当线圈上边导线转到下边时，若仍通路，线圈上、下边中电流方向与图示方向相比均反向，受安培力反向，阻碍线圈转动．若要线圈连续转动，要求左、右转轴只能上一侧或下一侧形成通路，另一侧断路．故选A 、D.]20．(2018·沈阳铁路实验中学模拟)水平面上有两个质量不相等的物体a 和b ，它们分别在水平推力F 1和F 2作用下开始运动，分别运动一段时间后撤去推力，两个物体都将运动一段时间后停下．物体的v t 图线如图5所示，图中线段AC ∥BD .则以下说法正确的是( )图5①水平推力大小F 1>F 2②水平推力大小F 1<F 2③物体a 所受到的摩擦力的冲量大于物体b 所受到的摩擦力的冲量④物体a 所受到的摩擦力的冲量小于物体b 所受到的摩擦力的冲量⑤物体a 克服摩擦力做功大于物体b 克服摩擦力做功⑥物体a 克服摩擦力做功小于物体b 克服摩擦力做功A ．若物体a 的质量大于物体b 的质量，由图可知，①⑤都正确B ．若物体a 的质量大于物体b 的质量，由图可知，④⑥都正确C ．若物体a 的质量小于物体b 的质量，由图可知，②③都正确D ．若物体a 的质量小于物体b 的质量，由图可知，只有④正确AD [根据v t 图象，由于AC ∥BD ，可见撤去外力后，两物体的加速度相等，故两物体与水平面间的动摩擦因数相同．由图可知撤去外力之前，物体a 的加速度大于物体b 的加速度，由牛顿第二定律可知F 1－μm a g m a ＞F 2－μm b g m b ，解得：F 1m a ＞F 2m b，若m a ＞m b 则F 1＞F 2，若m a ＜m b ，则无法比较水平推力F 1和F 2的大小．克服摩擦力做功W f ＝μmgx ，所受到的摩擦力的冲量大小I f ＝μmgt .由图可知：物体b 运动的时间更长，物体a 的位移更大，若m a ＞m b 则物体a 克服摩擦力做功大于物体b 克服摩擦力做功，但无法比较两者所受到的摩擦力的冲量大小，若m a ＜m b ，物体a 所受到的摩擦力的冲量小于物体b所受摩擦力的冲量，但无法比较两者克服摩擦力的做功大小，故A、D正确，B、C错误．]21．(2018·辽宁省部分重点中学协作体5月模拟)如图6所示为某住宅区的应急供电系统，由交流发电机和副线圈匝数可调的理想降压变压器组成，发电机中矩形线圈所围的面积为S，匝数为N，电阻不计，它可绕水平轴OO′在磁感应强度为B的水平匀强磁场中以角速度ω匀速转动，矩形线圈通过滑环连接降压变压器，滑动触头P上下移动时可改变输出电压，R0表示输电线的电阻，以线圈平面与磁场平行时为计时起点，下列判断正确的是( )【导学号：19624221】图6A．若发电机线圈某时刻处于图示位置，变压器原线圈的电流瞬时值为最大B．发电机线圈感应电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωtC．当滑动触头P向下移动时，变压器原线圈两端电压将升高D．当用户功率增加时，为使用户电压保持不变，滑动触头P应向上滑动ABD[从线圈在如图示位置开始计时，电动势的瞬时值表达式为e＝NBSωcos ωt，此时变压器原线圈中的电流值最大，A、B均正确；当滑动触头向下移动时，影响变压器的输出电压，而不影响变压器的输入电压，C错误；当用户功率增加时，因R0的降压作用，用户得到的电压降低，为使用户电压保持不变，应使副线圈匝数增多，即滑动触头P应该向上滑动，故D正确．]。
2018年高考物理全国用二轮复习精练二 实验题15分标准练(三)
实验题15分标准练(三)22.(5分)某实验小组用如图1甲所示的实验装置测当地的重力加速度，图中A 、B 是两个光电门，钢球自由下落过程中，先后通过光电门A 、B ，钢球通过光电门A 时与光电门相连的光电计时器开始计时，通过光电门B 时就停止计时，得到钢球从A 运动到B 所用的时间t ，用刻度尺测出A 、B 间的高度h 。
保持钢球下落的位置不变，光电门B 的位置不变，改变光电门A 的位置，重复前面的实验，测出多组h 、t 的值。
图1(1)根据测得的多组h 、t 的值，算出每组的h t ，作出h t－t 图象，则图象应是图乙中的________。
(2)图线在纵轴上的截距表示________________，要求出重力加速度，必须求出图线的________，若求出的图线的这个量用k 表示，则当地的重力加速度为________。
解析 (1)由于钢球下落的位置不变，光电门B 的位置不变，因此钢球到达B 的速度不变，设钢球到B 点时的速度为v B ，则钢球的运动可以看成是反方向的匀减速直线运动，有h ＝v B t －12gt 2，即h t ＝v B －12gt ，D 正确。
(2)由函数表达式可知，图线在纵轴上的截距表示钢球通过光电门B 时的速度，要求出重力加速度，必须求出图线斜率的绝对值，则由k ＝12g 解得g ＝2k 。
答案 (1)D (2)钢球通过光电门B 时的速度 斜率的绝对值 2k23.(10分)现有一摄像机电池，无法从标签上看清其电动势等数据。
现进行如下实验操作：(1)选取多用电表的直流电压10 V挡，将两表笔直接接到电池的正、负两极，指针偏转情况如图2，由此可知其电动势约为________V。
是否可以利用多用电表的欧姆挡直接粗测其内阻，答：________(选填“可以”或“不可以”)图2(2)现要更加准确测量其电动势和内电阻，实验室备有下列器材：A.电流表(量程0.6 A，内阻为3 Ω)B.电压表(量程3 V，内阻为R V1＝3 kΩ)C.电压表(量程30 V，内阻为R V2＝30 kΩ)D.定值电阻R1＝500 ΩE.定值电阻R2＝5 000 ΩF.滑动变阻器(阻值范围0～30 Ω)G.开关及导线①该实验中电压表应选________，定值电阻应选________(均选填选项前的字母序号)②在方框中画出实验电路图，并将实物连线图补充完整。
2018高考物理二轮复习 实验题标准练(二)(带答案)
实验题标准练(二)满分15分,实战模拟,15分钟拿下高考实验题高分!1.(5分)现有一块灵敏电流表A,量程为200μA,内阻约为200Ω,要精确测出其内阻R g,提供的器材有:电压表V:量程3V,内阻R V=3kΩ滑动变阻器R:阻值范围0～20Ω定值电阻R0:阻值R0=800Ω电源E:电动势约为4.5V、内阻很小单刀单掷开关S一个,导线若干(1)请将上述器材全部用上,设计出合理的、便于多次测量的实验电路图,并使实验精确度尽量高,请将电路图画在方框中。
(2)在所测量的数据中选一组数据,用测量量和已知量来计算电流表A的内阻,计算表达式R g= ,表达式中各符号表示的意义是。
【解析】(1)由于灵敏电流表的最大电压较小,与给出的电压表不匹配,而电压表内阻又已知,故用电压表测电流。
为增大电压表上的电流,可用定值电阻R0与灵敏电流表并联。
滑动变阻器的总阻值较小,为调节方便,用分压式控制电路。
(2)在某次测量中,电流表读数为I,电压表读数为U。
则=I+,可得:R g=-R0;式中U表示电压表V示数;I表示电流表A示数;R0表示定值电阻;R V表示电压表V内阻。
答案:(1)如图所示(2)-R0U表示电压表V示数;I表示电流表A的示数;R0表示定值电阻;R V表示电压表V内阻2.(10分)如图所示为某同学研究“在外力一定的条件下,物体的加速度与其质量间的关系”的实验装置示意图。
(1)下面列出了一些实验器材:电磁打点计时器、纸带、带滑轮的长木板、垫块、小车和砝码、砂和砂桶、刻度尺。
除以上器材外,还需要的实验器材有: 。
A.秒表B.天平(附砝码)C.低压交流电源D.低压直流电源(2)实验中,需要补偿打点计时器对小车的阻力及其他阻力:小车放在木板上,后面固定一条纸带,纸带穿过打点计时器。
把木板一端垫高,调节木板的倾斜度,使小车在不受绳的拉力时能拖动纸带沿木板做运动。
(3)实验中,为了保证砂和砂桶所受的重力近似等于使小车做匀加速运动的拉力,砂和砂桶的总质量m与小车和车上砝码的总质量M之间应满足的条件是。
2018届高考物理二轮复习实验专题专题卷(全国通用)
高三物理实验专题训练（含详细解析）1．（1）某同学在“探究平抛运动的规律”的实验中，先采用图（甲）所示装置，用小锤打击弹性金属片，金属片把球A沿水平方向弹出，同时B球被松开，自由下落，观察到两球同时落地，改变小捶打击的力度，即改变球A被弹出时的速度，两球仍然同时落地，这说明___________．（2）后来，他又用图（乙）所示装置做实验，两个相同的弧形轨道M，N，分别用于发射小铁球P，Q，其中M的末端是水平的，N的末端与光滑的水平板相切；两轨道上端分别装有电磁铁C、D，调节电磁铁C、D的高度，使AC=BD，从而保证小球P、Q在轨道出口处的水平初速度v0相等．现将小球P、Q分别吸在电磁铁C、D上，然后切断电源，使两小球能以相同的初速度v0同时分别从轨道M、N的下端射出．实验可观察到的现象应该是两小球_______（选填“一定”、“可能”、“一定不”）会碰撞，仅将弧形轨道M整体上移（AC距离保持不变），重复上述实验，仍能观察到相同的现象，这说明_______________________________．2．用如图所示的实验装置验证机械能守恒定律．实验所用的电源为学生电源，输出电压为6V的交流电和直流电两种．重锤从高处由静止开始落下，重锤上拖着的纸带通过打点计时器打出一系列的点，对纸带上的点的痕迹进行测量，即可验证机械能守恒定律．（1）下面列举了该实验的几个操作步骤：A 按照图示的装置安装器件；B 将打点计时器接到电源的直流输出端上；C 用天平测量出重锤的质量；D 释放悬挂纸带的夹子，同时接通电源开关打出一条纸带；E 测量打出的纸带上某些点之间的距离；F 根据测量的结果计算重锤下落过程中减少的重力势能在误差范围内是否等于增加的动能．指出其中没有必要进行的或者操作不恰当的步骤，将其选项对应的字母填在右边的横线上___________实验中得到一条纸带，如图所示．根据打出的纸带，选取纸带上打出的连续五个点A、B、C、D、E，测出A点距起始点O的距离为s0，点A、C间的距离为s1，点C、E间的距离为s2，使用交流电的周期为T，设重锤质量为m，则________A 打点计时器打C点时重锤的动能为B 打点计时器在打O点和C点的这段时间内重锤的重力势能的减少量为C 重锤下落的加速度a的表达式为D 重锤下落的加速度a的表达式为（3）在本实验中发现，重锤减少的重力势能总是______（填“大于”或“小于”）重锤增加的动能，其原因主要是因为在重锤下落过程中存在着阻力的作用，可以通过该实验装置测定该阻力的大小，试用（2）中已知物理量和纸带上的测量数据表示出重锤在下落的过程中受到的平均阻力大小为________________ 3．（11分）在做“测定金属丝的电阻率”的实验中，已知待测金属丝的电阻约为5Ω。
2018届高考物理二轮复习专题整合高频突破(新课标20份,含答案)(9)
(1)木板达到最大速度时,木板运动的位移; (2)铅块与木板间因摩擦产生的总热量; (3)整个运动过程中木板对铅块的摩擦力所做的功。 答案 (1)0.5 m (2)12 J (3)-16 J
由 P=F 牵 v,F 牵=Ff,得 Ff=���������m���
=
40×1 000 40
N=1.0×103 N,A 正确;由题图
乙,前 50 s 内加速度 a=2550-0 m/s2=0.5 m/s2,50 s 末汽车达到额定功率, 由 P=Fv1,v1=25 m/s,得汽车牵引力 F=40×25103 N=1.6×103 N,由牛顿
-18-
命题热点一
命题热点二
命题热点三
解析 (1)设小铅块在木板上滑动过程中,木板达到最大速度时,木板 运动的位移为 x1,由动能定理得
[μ2mg-μ1(m0+m)g]x1=12m0v2 代入数据解得 x1=0.5 m。 (2)木板达到最大速度时,铅块运动的位移为 x2,由动能定理得 -μ2mgx2=12mv2-12 ������������02 代入数据解得 x2=2.5 m 小铅块在木板上运动的位移
A.物体与水平面间的动摩擦因数为μ=0.5 B.10 s末恒力F的瞬时功率为6 W C.10 s末物体在计时起点左侧2 m处 D.10 s内物体克服摩擦力做功34 J
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命题热点一
命题热点二
命题热点三
解析 由题图乙知前后两段时间内物体加速度的大小分别为a1=2 m/s2、a2=1 m/s2,由牛顿第二定律知F+μmg=ma1,F-μmg=ma2,联立 得F=3 N、μ=0.05,A错误;10 s末恒力F的瞬时功率为P=Fv=18 W,B 错误;由速度图象与坐标轴所围面积的物理意义知,10 s内物体的位 移x=-2 m,即在计时起点左侧2 m处,C正确;10 s内物体的路程为 s=34 m,即10 s内物体克服摩擦力所做的功
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二实验题突破练1．(2017·龙岩质检)某同学利用拉力传感器来验证力的平行四边形定则，实验装置如图甲所示．在贴有白纸的竖直板上，有一水平细杆MN，细杆上安装有两个可沿细杆移动的拉力传感器A、B，传感器与计算机相连接．两条不可伸长的轻质细线AC、BC(AC>BC)的一端结于C点，另一端分别与传感器A、B相连．结点C下用轻细线悬挂重力为G的钩码D.实验时，先将拉力传感器A、B靠在一起，然后不断缓慢增大两个传感器A、B间的距离d，传感器将记录的AC、BC绳的张力数据传输给计算机进行处理，得到如图乙所示张力F随距离d 的变化图线．AB间的距离每增加0.2 m，就在竖直板的白纸上记录一次A、B、C点的位置．则在本次实验中，所用钩码的重力G＝________ N；当AB间距离为1.00 m时，AC绳的张力大小F A＝________ N；实验中记录A、B、C点位置的目的是________________．解析：根据题意，由于AC＞BC，所以刚开始分开的时候，只有绳BC有拉力，而且其拉力大小等于物块的重力，即G＝30 N；由题给图象分析可以知道图线Ⅱ为绳AC拉力的图象，则当AB间距离为1.00 m时，由图线可以知道此时AC绳的张力大小F A＝18 N；实验中记录A、B、C点位置的目的是记录AC、BC绳张力的方向，从而便于画出平行四边形．答案：30.0 18.0 记录AC、BC绳张力的方向2．(2017·广东实验中学模拟)(1)用游标卡尺测量小钢球直径如图所示，则小球直径为________ mm.(2)如图所示，用“碰撞实验器”可以验证动量守恒定律，即研究两个小球在轨道水平部分碰撞前后的动量关系：先安装好实验装置，在地上铺一张白纸，白纸上铺放复写纸，记下重垂线所指的位置O .接下来的实验步骤如下：步骤1：不放小球2，让小球1从斜槽上A 点由静止滚下，并落在地面上．重复多次，用尽可能小的圆，把小球的所有落点圈在里面，其圆心就是小球落点的平均位置；步骤2：把小球2放在斜槽前端边缘位置B ，让小球1从A 点由静止滚下，使它们碰撞．重复多次，并使用与步骤1同样的方法分别标出碰撞后两小球落点的平均位置；步骤3：用刻度尺分别测量三个落地点的平均位置M 、P 、N 离O 点的距离，即线段OM 、OP 、ON 的长度．①对于上述实验操作，下列说法正确的是________．A ．应使小球每次从斜槽上相同的位置静止滚下B ．斜槽轨道必须光滑C ．斜槽轨道末端必须水平D ．小球1质量应大于小球2的质量②上述实验除需测量线段OM 、OP 、ON 的长度外，还需要测量的物理量有________．A ．A 、B 两点间的高度差h 1B ．B 点离地面的高度h 2C ．小球1和小球2的质量m 1、m 2D ．小球1或小球2的直径d③当所测物理量满足表达式____________________________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞遵守动量守恒定律．如果还满足表达式______________________________________(用所测物理量的字母表示)时，即说明两球碰撞时无机械能损失．解析：(1)游标卡尺的主尺读数为10 mm ，游标尺上第47个刻度和主尺上某一刻度对齐，所以游标读数为47×0.02 mm ＝0.94 mm ，所以最终读数为：10 mm ＋0.94 mm ＝10.94 mm.(2)①因为平抛运动的时间相等，根据v ＝x t，所以用水平射程可以代替速度，则需测量小球平抛运动的射程间接测量速度，故应保证斜槽末端水平，小球每次都从同一点滑下；同时为了小球2能飞的更远，防止1反弹，球1的质量应大于球2的质量，故A 、C 、D 正确，B 错误；②根据动量守恒得，m1·OP＝m1·OM＋m2·ON，所以除了测量线段OM、OP、ON的长度外，还需要测量的物理量是小球1和小球2的质量m1、m2，故选项C正确；③因为平抛运动的时间相等，则水平位移可以代表速度，OP是球1不与球2碰撞平抛运动的位移，该位移可以代表球1碰撞前的速度，OM是球1碰撞后平抛运动的位移，该位移可以代表碰撞后球1的速度，ON是碰撞后球2的水平位移，该位移可以代表碰撞后球2的速度，当所测物理量满足表达式m1·OP＝m1·OM＋m2·ON，说明两球碰撞遵守动量守恒定律，由功能关系可知，只要12m1v20＝12m1v21＋12m2v22，则机械能守恒，故若m1·(OP)2＝m1·(OM)2＋m2·(ON)2，说明碰撞过程中机械能守恒．答案：(1)10.94 (2) ①ACD ②C ③m1·OP＝m1·OM＋m2·ON m1·(OP)2＝m1·(OM)2＋m2·(ON)23．(2017·吉林大学附中模拟)某同学为了探究杆转动时的动能表达式，设计了一实验：质量为m的均匀长直杆一端固定在光滑转轴O处，杆由水平位置静止释放，用光电门测出另一端A经过某位置时的瞬时速度v A，并记下该位置与转轴O的高度差h.(1)调节h的大小并记录对应的速度v A，数据如下表．为了形象直观地反映v A和h的关系，应选择________(选填“v A”“v－1A”或“v2A”)为纵坐标，并在坐标纸中标明纵坐标，画出图象．(2)当地重力加速度g取10 m/s2，结合图象分析，杆转动时的动能E k＝________(请用质量m、速度v A表示)．解析：(1)从数据中可看出，h与v2成正比，因此纵坐标应该是v2A，图象应该是一条过原点的直线，通过描点拟合直线可得如图所示的直线．(2)由动能定理得mg ·h 2＝E k ，由图象得h ＝130v 2A ， 解得E k ＝mg ·160v 2A ＝16mv 2A . 答案：(1)v 2A(2)16mv 2A 4．(2017·楚雄模拟)用如图所示的电路测定一种特殊电池的电动势和内阻，它的电动势E 约为8 V ，内阻r 约为30 Ω，已知该电池允许输出的最大电流为40 mA.为防止调节滑动变阻器时造成短路，电路中用了一个定值电阻充当保护电阻，除待测电池外，可供使用的实验器材还有：A ．电流表A(量程为0.05 A ，内阻约为0.2 Ω)B ．电压表V(量程为6 V ，内阻为20 k Ω)C ．定值电阻R 1(阻值为100 Ω，额定功率为1 W)D ．定值电阻R 2(阻值为200 Ω，额定功率为1 W)E ．滑动变阻器R 3(阻值范围为0～10 Ω，额定电流为2 A)F ．滑动变阻器R 4(阻值范围为0～750 Ω，额定电流为1 A)G ．导线和单刀单掷开关若干(1)为了电路安全及便于操作，定值电阻应该选________；滑动变阻器应该选________．(填写器材名称)(2)接入符合要求的用电器后，闭合开关S ，调滑动变阻器的阻值，读取电压表和电流表的示数．取得多组数据，作出了如图所示的图线．根据图线得出该电池的电动势E 为________V ，内阻r 为________ Ω.(结果保留两位有效数字)解析：(1)为保护电源安全，电路最小电阻R 最小＝80.040Ω＝200 Ω，保护电阻阻值至少为200 Ω－30 Ω＝170 Ω＞100 Ω，则保护电阻应选定值电阻R 2；电源等效电阻(电源内阻与保护电阻之和)为200 Ω，为进行多次实验，测出多组实验数据，滑动变阻器应选滑动变阻器R 4.(2)由电源UI 图象可知，图象与纵轴的交点坐标值是7.8，则电源电动势E ＝7.8 V ，图象斜率k ＝ΔU ΔI ＝7.80.034Ω≈229 Ω，电源内阻r ＝k －R 2＝229 Ω－200 Ω＝29 Ω. 答案：(1)R 2 R 4 (2)7.8 295．(2017·保定模拟)在探究小灯泡的伏安特性时，所用小灯泡上标有“2.5 V 0.6W ”的字样，实验室提供的器材有：A ．电流表A 1(内阻约为5 Ω，量程为0～25 mA)B ．电流表A 2(内阻约为1 Ω，量程为0～300 mA)C ．电压表V 1(内阻约为5 k Ω，量程为0～3 V)D ．电压表V 2(内阻约为15 k Ω，量程为0～15 V)E ．滑动变阻器R 1(最大阻值为0～10 Ω，额定电流为0.6 A)F ．滑动变阻器R 2(最大阻值为0～1 000 Ω，额定电流为0.2 A)G ．稳压电源E (电动势为9.0 V ，内阻可忽略)H ．开关一个、定值电阻若干、导线若干由以上信息回答下列问题：(1)实验前设计的电路图如图甲所示．为了减小实验误差，该实验所用的电流表、电压表、滑动变阻器应分别为________(选填器材前的字母)．为保护滑动变阻器和灯泡，应在电路中串联的定值电阻R 0合适的电阻值应为________(选填“1 Ω”“10 Ω”“30 Ω”或“100 Ω”)．(2)请确定测量电路中电压表右侧导线的正确位置是________(选填“接a ”或“接b ”)．(3)连接好电路后，通过改变滑动变阻器的滑片位置，并通过计算机描绘了该小灯泡的伏安特性曲线如图乙所示．若将两个这样的小灯泡并联后直接接在电动势E ＝3 V 、内电阻r ＝5 Ω的电源上，每个小灯泡所消耗的实际功率为________W ．(结果保留两位有效数字)解析：(1)小灯泡上额定电压为2.5 V ，故电压表应选择C ；额定电流为I ＝P U ＝0.62.5A ＝0.24 A ，故电流表应选择B ；本实验采用分压接法，故应采用小电阻滑动变阻器E ；由于电动势为9 V ，而测量电压只需要2.5 V ，故可以采用定值电阻与滑动变阻器串联分压的方式减小滑动变阻器两端的电压，为了满足电压要求，可以采用10 Ω电阻串联．(2)由于灯泡内阻较小，故为了减小误差应采用电流表外接法，故接a 处．(3)两灯泡并联接在电源两端，则设电压为U ，电流为I ，则由闭合电路欧姆定律可知：U ＝E －2Ir ，在灯泡伏安特性曲线中作出U ＝E －2Ir 对应的伏安特性曲线，如图所示，则由图可知，此时灯泡的电压为1.2 V ，电流为0.18 A ，则功率为：P ＝UI ＝1.2×0.18 W ≈0.22 W.答案：(1) B 、C 、E 10 Ω (2)接a (3)0.22(0.21～0.23均可)6．(2017·吉林模拟)某技术质量监督局曾对市场中电线电缆产品质量进行抽查，检验负责人说：“十几个不合格产品中，大部分存在导体电阻不合格问题，主要是铜材质量不合格，使用了再生铜或含杂质很多的铜，电阻率达不到要求……”．(1)欲测量该捆电线的电阻率是否合格，经查阅，纯铜的电阻率为1.7×10－8Ω·m ，取长度为100 m(真实长度)的电线，横截面积取1 mm 2，可供选用的器材有：A ．电源(电动势约为6 V ，内阻不计)；B ．待测长度为100 m 的导线一捆；C ．电压表V 1(量程为3 V ，内阻为6 k Ω)；D ．电压表V 2(量程为15 V ，内阻为20 k Ω)；E ．电流表A 1(量程为0.6 A ，内阻约为0.125 Ω)；F ．电流表A 2(量程为3 A ，内阻约为0.025 Ω)；H ．定值电阻R 1＝1 k Ω；G ．定值电阻R 2＝6 k Ω；K ．滑动变阻器(5 Ω，3 A)为使实验尽可能准确，电表的示数均要达到满偏的23以上，请你根据实验要求设计电路，并在图甲中完成实物图的连线，注意闭合开关的瞬间，电压表或电流表不至于被烧坏．(2)请你选择合适的器材，电压表为________，电流表为________，定值电阻为________．(请填仪器前的序号)(3)某次测量得电压表示数为2.50 V ，电流表读数如图乙所示，为________A.(4)经分析计算，这捆导线电阻率是否达标________．(选填“是”或“否”)解析：(1)电源电动势为6 V ，电压表V 2量程过大，V 1量程还过小，则可考虑将定值电阻R 2与电压表V 1串联使用；100 m 铜导线的电阻约为R x ＝ρL S ＝1.7×10－8×10010－6 Ω＝1.7 Ω，故滑动变阻器可用限流电路；电压表的内阻远大于待测电阻阻值，可用电流表外接；电路中可能的最大电流I ＝E R x ＝61.7A ＝3.5 A ，故电流表选择A 2，电路接法如图所示：(2)电压表为C ，电流表为F ，定值电阻为G.(3)电流表的读数为2.50 A.(4)被测电线的电阻R ＝U I ＝2×2.502.50 Ω＝2.0 Ω，电阻率ρ＝RS L ＝2.0×10－6100Ω·m ＝2.0×10－8 Ω·m ＞1.7×10－8Ω·m ，故该铜质导线电阻率不达标．答案：(1)见解析图 (2)C F G (3)2.50 (4)否。